动量定理知识点与题型解析

第6章第1课时动量动量定理2.掌握并能应用动量定理进行有关计算及解释有关现象．➢考点梳理1．[对动量概念的考查]下列关于动量的说法中正确的是( )A ．质量大的物体动量一定大B ．质量和速率都相同的物体的动量一定相同C ．一个物体的速率改变，它的动量不一定改变D ．一个物体的运动状态变化，它的动量一定改变 答案 D解析 根据动量的定义p ＝mv ，它由速度和质量共同决定，故A 错；又因动量是矢量，它的方向与速度方向相同，而质量和速率都相同的物体，其动量大小一定相同，方向不一定相同，故B 错；一个物体速率改变则它的动量大小一定改变，故C 错；物体的运动状态变化指速度发生变化，它的动量也就发生了变化，故D 对． 2．[对冲量概念的考查] 关于冲量，下列说法正确的是 ( ) A ．冲量是物体动量变化的原因B ．作用在静止物体上的力的冲量一定为零C ．动量越大的物体受到的冲量越大D ．冲量的方向就是物体受力的方向 答案 A解析 力作用一段时间便有了冲量，而力作用一段时间后，物体的运动状态发生了变化，物体的动量就发生了变化．因此说冲量是物体动量变化的原因，A 选项正确；只要有力作用在物体上，经历一段时间，这个力便有了冲量I ＝Ft ，与物体处于什么状态无关，物体运动状态的变化情况是所有作用在物体上的力共同产生的效果，所以B 选项不正确；物体所受冲量I ＝Ft 与物体的动量的大小p ＝mv 无关，C 选项不正确；冲量是一个过程量，只有在某一过程中力的方向不变时，冲量的方向才与力的方向相同，故D 选项不正确．3．[动量定理的理解与应用]一位质量为m 的运动员从下蹲状态向上起跳，经Δt 时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v .在此过程中 ( )A ．地面对他的冲量为mv ＋mg Δt ，地面对他做的功为mv 22B ．地面对他的冲量为mv ＋mg Δt ，地面对他做的功为零C ．地面对他的冲量为mv ，地面对他做的功为mv 22D ．地面对他的冲量为mv －mg Δt ，地面对他做的功为零答案 B解析首先，由动量定理可知，合外力的冲量等于运动员动量的改变量，有表达式I G＋I F＝Δp，即－mgΔt＋I F＝mv－0，I F＝mv＋mgΔt，地面对运动员的作用力只有支持力，所以地面对运动员的冲量为mv＋mgΔt，排除C、D选项；另外，由于地面对运动员的支持力的作用点未发生位移，所以支持力对运动员不做功，故该题正确选项为B.4．[恒力的冲量的计算]放在水平面上质量为m的物体，用一水平力F推时间t，但物体始终没有移动，则这段时间内F对物体的冲量为( )A．0 B．Ft C．mgt D．无法判断答案 B解析对于冲量的理解应该与做功区分开，当有力作用在物体上时，经过一段时间的累积，该力就对物体有冲量，不管物体是否移动．按照冲量概念的定义，物体受到的力的冲量大小和方向只与F有关，大小等于Ft，方向与F相同，所以答案为B.这里需要注意，物体始终没有移动是因为物体还受到地面的静摩擦力的作用，静摩擦力的冲量总是与力F的冲量大小相等、方向相反，其合冲量为零．5．[变力的冲量的计算]光滑水平桌面上，一球在绳拉力作用下做匀速圆周运动，已知球的质量为m，线速度为v，且绳长为l，试求球运动半个圆周过程中绳拉力的冲量大小．答案2mv解析球做匀速圆周运动时，受重力G、桌面支持力F N及绳子的拉力F绳，重力G和支持力F N平衡，绳子拉力即为合力，尽管F 绳＝mv 2l大小恒定，但方向时刻在变，不能用冲量公式I ＝Ft 计算．在运动半个圆周过程中由动量定理可知I 绳＝Δp ＝2mv .(错解：F ＝mv 2l ，t ＝12T ＝12×2πl v ＝πl v ，I ＝Ft ＝mv 2l ·πlv＝πmv )．➢ 方法总结冲量的计算1．恒力的冲量：直接用定义式I ＝Ft 计算． 2．变力的冲量(1)力的大小随时间均匀变化，方向不变． I ＝F t ＝F 1＋F 22·t .(2)作出F －t 图象，图线与t 轴所夹的面积，即为变力的冲量． 如图1所示．(3)利用动量定理求解．图1I ＝Δp ＝p 2－p 1.➢ 考点一 对冲量的理解和计算【例1】 用电钻给建筑物钻孔时，钻头所受的阻力与深度成正比，若钻头匀速钻进时第1秒内阻力的冲量为100 N·s，求5 s 内阻力的冲量． 答案 2 500 N·s解析 钻头所受的阻力与深度成正比，而钻头又是匀速钻进，即深度与时间成正比，因此阻力与时间成正比，可以用平均值来求变力的冲量．设阻力与时间的比例常数为k ，则F f ＝kt 所以第1秒的冲量I 1＝12(0＋kt )t5秒内的冲量I 2＝12(0＋kt ′)t ′由以上两式可知I 2＝2 500 N·s.1．时间性：冲量是力在时间上的积累，讨论冲量时一定要明确是哪个力在哪段时间上的冲量，即冲量是过程量．2．矢量性：当力F 为恒力时，I 的方向与力F 的方向相同，当力F 为变力时，I 的方向由动量的变化量的方向确定．3．绝对性：只要有力的作用就存在冲量，恒力的冲量不会为零，合力的冲量可能为零，变力的冲量也可能为零．1．冲量的运算遵守平行四边形定则，合冲量等于各外力的冲量的矢量和，若整个过程中，不同阶段受力不同，则合冲量为各阶段冲量的矢量和．2．由于冲量是过程量，它是力在一段时间内的积累，它取决于力和时间两个因素，所以求冲量时一定要明确所求的是哪一个力在哪一段时间内的冲量．3．计算力的冲量时，一定要搞清楚所求的是合力的冲量还是某一个力的冲量，然后再计算．【突破训练1】如图2所示，一木楔固定在水平地面上，木楔的倾角为θ，在斜面上有一质量为m的小物块处于静止状态，则在t时间内，斜面对小物块的冲量大小和方向是( )A．mgt cos θ，垂直于斜面向上B．0C．mgt，竖直向上D．mgt，竖直向下图2 答案 C解析小球受到重力mg、支持力F N和静摩擦力F f作用而处于平衡状态．由力的平衡条件可知：F N 和F f的合力与mg大小相等、方向相反，即斜面对小物块的作用力大小等于mg，方向竖直向上，故斜面对小物块的冲量大小为mgt，方向竖直向上．➢ 考点二 对动量、动量定理的进一步理解【例2】 如图3所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v 抽出纸条后，铁块掉在地上的P 点．若 以2v 速度抽出纸条，则铁块落地点为 ( ) A ．仍在P 点B ．在P 点左边C ．在P 点右边不远处D ．在P 点右边原水平位移的两倍处图3答案 B解析 纸条抽出的过程，铁块所受的滑动摩擦力一定，以v 的速度抽出纸条，铁块所受滑动摩擦力的1．动量与动能的比较动量 动能 区别表达式 p ＝mv E k ＝12mv 2标、矢量矢量标量 物理意义描述物体的运动效果描述运动物体 具有的能量 影响因素 力的冲量力的功 正负正(负)表示与规定的正方向相同(相反)无负值联 系①两物理量均为状态量②两者大小满足E k ＝p 22m或p ＝2mE k2.p 、Δp 和ΔpΔt的区别(1)p ＝mv 是动量，既有大小又有方向，是状态量，即与状态有关．(2)Δp ＝p ′－p ，是动量变化量，也是矢量，是过程量，与状态变化有关，与合力的冲量等大同向． (3)Δp Δt 是动量的变化率，大小等于合外力：F ＝Δp Δt . 3．对动量定理I 合＝Ft ＝Δp ＝p ′－p 的理解 (1)I 合、Ft 是物体受到的所有外力的总冲量．(2)动量定理说明的是合外力的冲量I 合和动量的变化量Δp 的关系，I 合与Δp 不仅大小相等，而且Δp 的方向与I 合的方向相同．(3)用动量定理定性解释一些物理现象：在动量变化一定的情况下，如果需要增大作用力，必须缩短作用时间．在动量变化一定的情况下，如果需要减小作用力，必须延长作用时间——缓冲作用．作用时间较长，由I＝F f t＝mv0得铁块获得速度较大，平抛运动的水平位移较大．以2v的速度抽出纸条的过程，铁块受滑动摩擦力作用时间较短，铁块获得速度较小，平抛运动的位移较小，故B选项正确．用动量定理解释现象(1)用动量定理解释的现象一般可分为两类：一类是物体的动量变化一定，此时力的作用时间越短，力就越大；时间越长，力就越小；一类是作用力一定，此时力的作用时间越长，动量变化越大；力的作用时间越短，动量变化越小．分析问题时，要把哪个量一定、哪个量变化搞清楚．(2)由动量定理解释现象时，关键是分析清楚作用力、作用时间及动量变化量的情况．【突破训练2】从同样高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上容易打碎，而掉在草地上不容易打碎，其原因是( )A．掉在水泥地上的玻璃杯动量小，而掉在草地上的玻璃杯动量大B．掉在水泥地上的玻璃杯动量改变小，掉在草地上的玻璃杯动量改变大C．掉在水泥地上的玻璃杯动量改变大，掉在草地上的玻璃杯动量改变小D．掉在水泥地上的玻璃杯与地面接触时作用力大，而掉在草地上的玻璃杯与地面接触时作用力小答案 D解析玻璃杯从同样高度落下，到达地面时具有相同的速度，即具有相同的动量，与地面相互作用后都静止．所以两种地面的情况中玻璃杯动量的改变量相同，故A、B、C错误；落在水泥地上时，作用时间短，故作用力大，落在草地上时，作用时间长，故作用力小，故D正确．➢考点三动量定理的应用1．用动量定理解题的基本思路(1)确定研究对象．(2)对物体进行受力分析．可以先求每个力的冲量，再求各力冲量的矢量和——合力的冲量；或先求合力，再求其冲量．(3)抓住过程的初、末状态，选好正方向，确定各动量和冲量的正、负号．(4)根据动量定理列方程求解．2．对过程较复杂的运动，可分段用动量定理，也可整个过程用动量定理．【例3】人们常说“滴水穿石”，请你根据下面所提供的信息，估算水对石头的冲击力的大小．一瀑布落差为h＝20 m，水流量为Q＝0.10 m3/s，水的密度ρ＝1.0×103 kg/m3，水在最高点和落至石头上的速度都认为是零．(落在石头上的水立即流走，在讨论石头对水作用时可以不考虑水的重力，g 取10 m/s2)答案 2×103 N解析 设时间t 内落至石头上的水的质量为m ，水的速度为v ，则 mgh ＝12mv 2m ＝Qtρ设石头对水的平均作用力为F ，则Ft ＝mv即F ＝Qρv＝0.10×1.0×103×2×10×20 N ＝2×103 N. 由牛顿第三定律得水对石头的冲击力为F ′＝F ＝2×103 N.【突破训练3】 用线将金属块M 和木块m 连在一起浸没入水中，如图4所示．开始时，m 的上表面正好和水面相平．从静止释放后，系统以加速度a 加速下沉，经t 秒线断了，又经t ′秒木块停止下沉，此时金属块的速度多大？(设此时金属块没有碰到水底)图4答案M ＋m a t ＋t ′M解析 取向下为正方向，当两物块分开后，合外力仍为F ＝(M ＋m )a① 在t ＋t ′内：合外力冲量I ＝F (t ＋t ′)② 系统的动量变化量Δp ＝Mv ③ 由动量定理I ＝Δp④1．对于类似于本题的连续体问题，一般取时间t 内的连续体为研究对象． 2．应用动量定理可对某些问题进行间接求解，这就是等效替换法．例如求平抛物体在一段时间内动量的变化，就可用重力的冲量来代替：Δp ＝mg ·Δt .求匀速圆周运动的物体在某段时间内向心力的冲量，由于向心力是变力，不能直接用力乘时间求，只能用动量的变化来替换：I 向心力＝mv ′－mv .3．动量定理的研究对象可以是一个物体，也可以是多个物体组成的系统．系统所受合外力的冲量等于系统内各物体的动量变化量之和．而系统内物体之间的作用力(内力)，由于大小相等、方向相反和等时性可知，不会改变系统的总动量．M＋m a t＋t′联立①②③④解得v＝M➢ 高考题组1．(2012·大纲全国·17)质量分别为m 1和m 2、电荷量分别为q 1和q 2的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动．已知两粒子的动量大小相等．下列说法正确的是 ( ) A ．若q 1＝q 2，则它们做圆周运动的半径一定相等 B ．若m 1＝m 2，则它们做圆周运动的半径一定相等 C ．若q 1≠q 2，则它们做圆周运动的周期一定不相等 D ．若m 1≠m 2，则它们做圆周运动的周期一定不相等 答案 A解析 带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由qvB ＝m v 2r 得r ＝mvqB，同一匀强磁场，B 相等，又因为两粒子的动量大小相等，所以有r ∝1q，若q 1＝q 2，则r 1＝r 2，故A 选项正确，B 选项错误；由周期公式T ＝2πm qB ，由于B 相等，2π为常数，所以T ∝mq，即周期大小不确定，故C 、D 选项错误．2．(2012·天津理综·9(1))质量为0.2 kg 的小球竖直向下以6 m/s 的速度落至水平地面，再以4 m/s 的速度反向弹回，取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞前后的动量变化为______kg·m/s.若小球与地面的作用时间为0.2 s ，则小球受到地面的平均作用力大小为________N(取g ＝10 m/s 2)． 答案 2 12解析 以竖直向上为正方向，则v ′＝4 m/s ，v ＝－6 m/s 所以小球与地面碰撞前后的动量变化为Δp ＝mv ′－mv ＝[0.2×4－0.2×(－6)] kg·m/s＝2 kg·m/s 根据动量定理，得(F －mg )t ＝Δp所以平均作用力F ＝Δp t ＋mg ＝20.2N ＋0.2×10 N＝12 N.➢ 模拟题组3．如图5所示，一劲度系数为k 的轻质弹簧一端固定，另一端与质量为m 的滑块相连．滑块在光滑水平面上做简谐运动，周期为T ，振幅为A .滑块从最大位移向平衡位置运动的过程中，在求弹簧弹力的冲量大小时，有以下两种不同的解法：图5解法一解法二由于弹簧的弹力F 与位移x 成正比，所以甲同学先求出0～T4内的平均弹力F ＝kA ＋02由于运动时间是T4，所以I ＝F T 4＝kAT8乙同学查阅资料后得到弹性势能的表达式是：E p ＝12kx 2(x 为弹簧的形变量)．设滑块到达平衡位置时的速度为v ，根据机械能守恒定律： 12kA 2＝12mv 2所以：v ＝Akm又根据动量定理：I ＝mv －0＝A mk关于以上两种解法，下列判断准确的是 ( ) A ．只有解法一正确B ．只有解法二正确C ．解法一和解法二都正确D ．解法一和解法二都不正确答案 B解析 由于弹簧的弹力是随位移均匀变化的变力，不是随时间t 均匀变化的变力．因此，解法一是错误的，解法二是根据动量定理来求的，正确．4．人民公园里有一个斜面大滑梯，一位小同学从斜面的顶端由静止开始滑下，其运动可视为匀变速直线运动．已知斜面大滑梯的竖直高度h ＝3.75 m ，斜面的倾角为37°，这位同学的质量m ＝30 kg ，他与大滑梯斜面间的动摩擦因数为μ＝0.5.不计空气阻力，取g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6.求： (1)这位同学下滑过程中的加速度大小； (2)他滑到滑梯底端时的速度大小；(3)他从滑梯的顶端滑到底端过程中重力的冲量．答案 (1)2 m/s 2 (2)5 m/s (3)750 N·s，方向竖直向下 解析 (1)对小同学受力分析如图所示，由牛顿第二定律有：mg sin 37°－F f ＝ma① F N ＝mg cos 37°②F f ＝μF N③ cos 37°＝1－sin 37°2＝0.8④联立①②③④，代入数据解得加速度：a ＝2 m/s 2⑤ (2)斜面长度为：L ＝h sin 37°＝254m⑥ 由v 2＝2aL⑦联立⑤⑥⑦，代入数据解得他滑到滑梯底端的速度v ＝5 m/s(3)设从滑梯的顶端滑到底端过程中经历时间为t ，重力的冲量为I ，有：L ＝12at 2⑧ I ＝mgt⑨联立⑥⑧⑨，代入数据解得：I ＝750 N·sI 的方向竖直向下(限时：30分钟)➢ 题组1 对冲量的考查1．关于冲量的概念，以下说法正确的是 ( )A ．作用在两个物体上的力大小不同，但两个物体所受的冲量大小可能相同B ．作用在物体上的力很大，物体所受的冲量一定也很大C ．作用在物体上的力的作用时间很短，物体所受的冲量一定很小D ．只要力的作用时间和力的乘积相同，物体所受的冲量一定相同 答案 A解析 力的冲量I ＝F ·t ，力F 的大小虽然不同，只要力的作用时间t 也不同，则力与时间的乘积可能相同．所以A 项正确；力很大，如果作用时间很短，冲量仍然可以很小；时间很短，如果力很大，冲量仍然可以很大．所以B 、C 错误；由于冲量是矢量，尽管力和时间的乘积相同，若力的方向不同，冲量仍然不同，故D 项错误．2．质量为5 kg 的物体，它的动量的变化率为2 kg·m/s 2，且保持不变，则下列说法正确的是 ( ) A ．该物体一定做匀速运动 B ．该物体一定做匀变速直线运动C ．该物体在任意相等的时间内所受合外力的冲量一定相同D ．无论物体运动轨迹如何，它的加速度一定是0.5 m/s 2 答案 C解析 由动量定理有F Δt ＝Δp ，所以ΔpΔt ＝F ，可见，动量的变化率表示合外力，所以题中物体所受合外力恒定，根据牛顿第二定律，其加速度恒定，因为未知速度方向，所以该物体可能做匀变速直线运动，也可能做匀变速曲线运动，一定不做匀速运动，选项A 、B 错误；因为合外力恒定，所以该物体在任意相等的时间内所受合外力的冲量一定相同，选项C 正确；根据题意，合外力F ＝2 kg·m/s 2＝2 N ，根据牛顿第二定律有a ＝F m＝0.4 m/s 2，选项D 错误．3．如图1所示，质量为m 的物体，在跟水平方向成θ角的力F 作用下，以速度v 匀速前进时间t ，则物体在这段时间内受到力F 的冲量与合外力的冲量各为 ( ) A ．Ft Ft cos θB ．Ft sin θ Ft cos θC．Ft Ft sin θD．Ft0 图1 答案 D解析力F的冲量就是F与作用时间的乘积I F＝Ft.物体以速度v匀速前进，所受合外力为零，合外力对物体的冲量就是零．4．如图2所示，一小物块从粗糙斜面上的O点由静止开始下滑，在小物块经过的路径上有A、B两点，且A、B间的距离恒定不变．当O、A两点间距离增大时，对小物块从A点运动到B点的过程中，下列说法正确的是( )A．摩擦力对小物块的冲量变大B．摩擦力对小物块的冲量变小C．小物块动能的改变量增大D．小物块动能的改变量减小图2 答案 B解析依题意，OA距离越大即小物块初始释放位置越高，则经过AB段的时间越短，故摩擦力对小物块的冲量变小，选项A错，B对；在AB段小物块受到的合外力不因OA距离的变化而变化，AB段的位移恒定，故合外力对小物块做功不变，即小物块动能的改变量不变，选项C、D均错．➢题组2 对动量及动量变化的考查5．关于物体的动量，下列说法中正确的是( )A．物体的动量越大，其惯性也越大B．同一物体的动量越大，其速度一定越大C．物体的加速度不变，其动量一定不变D．运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的位移方向答案 B解析此题考查动量大小的决定因素和动量的矢量性．物体的动量越大，即质量与速度的乘积越大，惯性(质量)不一定大，A项错；对于同一物体，质量一定，所以动量越大，速度越大，B项对；加速度不变，但速度一定变，如平抛运动的物体，故C项错；动量的方向始终与速度方向相同，与位移方向不一定相同，D错误．6．对于任何一个质量不变的物体，下列说法正确的是( )A．物体的动量发生变化，其动能一定变化B．物体的动量发生变化，其动能不一定变化C．物体的动能不变时，其动量也一定不变化D ．物体的动能发生变化，其动量不一定变化 答案 B解析 当质量不变的物体的动量发生变化时，可以是速度的大小发生变化，也可以是速度的方向发生变化，还可以是速度的大小和方向都发生变化．当只有物体的速度方向发生变化而速度的大小不变时，物体的动量(矢量)发生变化，但动能(标量)并不发生变化，例如我们所熟悉的匀速圆周运动，所以选项A 错误，选项B 正确．当质量不变的物体的动能不变时，其动量的大小不变，方向可以相反，故选项C 错误．当质量不变的物体的动能发生变化时，必定是其速度的大小发生了变化，而无论其速度方向是否变化，物体的动量必定发生变化，故选项D 错误．7．如图3所示，一个质量为0.18 kg 的垒球，以25 m/s 的水平速度向左飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45 m/s ，则这一过程中动量的变化量为 ( ) A ．大小为3.6 kg·m/s，方向向左 B ．大小为3.6 kg·m/s，方向向右 C ．大小为12.6 kg·m/s，方向向左D ．大小为12.6 kg·m/s，方向向右 图3 答案 D解析 选向左为正方向，则动量的变化量为Δp ＝mv 1－mv 0＝0.18×(－45) kg·m/s－0.18×25 kg·m/s＝－12.6 kg·m/s，大小为12.6 kg·m/s，负号表示其方向向右，故D 正确． 8．羽毛球是速度最快的球类运动之一，林丹扣杀羽毛球的速度可达到342 km/h ，假设球飞来的速度为90 km/h ，林丹将球以342 km/h 的速度反向击回．设羽毛球质量为5 g ，试求： (1)林丹击球过程中羽毛球的动量变化量．(2)在林丹的这次扣杀中，羽毛球的速度变化、动能变化各是多少？答案 (1)0.6 kg·m/s，方向与球飞来的方向相反 (2)－120 m/s 21 J 解析 (1)以羽毛球飞来的方向为正方向，则p 1＝mv 1＝5×10－3×903.6kg·m/s＝0.125 kg·m/s p 2＝mv 2＝－5×10－3×3423.6kg·m/s＝－0.475 kg·m/s 所以动量的变化量Δp ＝p 2－p 1＝－0.475 kg·m/s－0.125 kg·m/s ＝－0.6 kg·m/s.即羽毛球的动量变化大小为0.6 kg·m/s，方向与羽毛球飞来的方向相反． (2)羽毛球的初速度：v ＝25 m/s ，羽毛球的末速度：v ′＝－95 m/s. 所以Δv ＝v ′－v ＝－120 m/s. 羽毛球的初动能：E k ＝12mv 2＝1.56 J ，羽毛球的末动能：E k ′＝12mv ′2＝22.56 J.所以ΔE k ＝E k ′－E k ＝21 J.➢ 题组3 对动量定理的应用的考查9．在距地面高为h ，同时以大小为v 0的速度分别平抛、竖直上抛、竖直下抛质量相等的物体，不计空气阻力的作用，当它们从抛出到落地时，比较它们的动量的增量Δp ，有( ) A ．平抛过程最大B ．竖直上抛过程最大C ．竖直下抛过程最大D ．三者一样大答案 B解析 由动量定理可知动量的增量Δp ＝I 合＝mgt ，又因竖直上抛运动的时间最长，竖直下抛运动的时间最短，而各物体mg 相等，所以竖直上抛过程中动量增量最大，即选项B 正确．10．为估算池中睡莲叶面承受雨滴撞击产生的平均压强，小明在雨天将一圆柱形水杯置于露台，测得1小时内杯中水位上升了45 mm.查询得知，当时雨滴竖直下落速度约为12 m/s ，据此估算该压强约为(设雨滴撞击睡莲后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密度为1×103 kg/m 3) ( ) A ．0.15 PaB ．0.54 PaC ．1.5 PaD ．5.4 Pa答案 A解析 设水杯底面积为S,1小时内下落的雨水总质量m ＝ρSh ，选定竖直向上为正方向，其动量变化量Δp ＝m Δv ＝m [0－(－v )]＝mv ，水对杯底的压力F ＝p ′S ，对水由动量定理p ′St ＝ρShv 得p ′＝ρhv t＝0.15 Pa ，故A 项正确．11．质量为60 kg 的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护，使他悬挂起来．已知弹性安全带的缓冲时间是1.2 s ，安全带长5 m ，g 取10 m/s 2，则安全带所受的平均冲力的大小为 ( ) A ．500 NB ．600 NC ．1 100 ND ．100 N答案 C解析 安全带长5 m ，人在这段距离上做自由落体运动，获得速度v ＝2gh ＝10 m/s.受安全带的保护经1.2 s 速度减小为0，对此过程应用动量定理，以竖直向上为正方向，有(F －mg )t ＝0－(－mv )则F ＝mv t ＋mg ＝60×101.2＋60×10＝1 100 N ，选项C 正确． 12．某人身系弹性绳自高空p 点自由下落，如图4所示a 点是弹性绳的原长位置，c 点是人所到达的最低点，b 点是人静止悬吊时的平衡位置．不计空气阻力，则下列说法中正确的是 ( ) A ．从p 至c 过程中重力的冲量大于弹性绳弹力的冲量 B ．从p 至c 过程中重力所做的功大于人克服弹力所做的功 C ．从p 至b 过程中人的速度不断增大 D ．从a 至c 过程中加速度方向保持不变图4答案 C解析 人完成从p 到c 的过程中经历了自由下落、变加速、变减速三个运动过程．考虑全过程p 至c ，外力的总冲量等于重力的冲量和弹性绳弹力冲量的矢量和，由动量定理知人所受外力的总冲量等于人的动量变化，人在p 和c 两处，速度均为零即动量都为零，因此动量的变化量为零，则有重力的冲量与弹性绳弹力的冲量大小相等，方向相反，总冲量为零，A 错误；人在p 和c 两处，动能均为零，动能的变化量为零，由动能定理知，重力所做的功等于人克服弹力所做的功，B 错误；人由p 到b 的过程，前一过程(p ～a )自由落体，后一过程(a ～b )由于弹性绳伸长，弹力F 增加，重力G 不变，人所受合力(G －F )不断减小，方向向下，人做的是加速度减小的加速运动，C 正确；由于b 是人静止悬吊时的平衡位置，当人由b 运动至c 的过程，弹力大于重力，合力方向向上，加速度方向向上，因此D 错误．13．大风可能给人们的生产和生活带来一些危害，同时风能也是可以开发利用的清洁能源．据北京市气象台监测显示，2012年3月23日北京刮起了今年以来最大的风，其短时风力达到近十级．在海淀区某公路旁停放的一辆小轿车被大风吹倒的数字信息亭砸中，如图5所示．已知该信息亭形状为长方体，其高度为h ，底面是边长为l 的正方形，信息亭所受的重力为G ，重心位于其几何中心．图5(1)求大风吹倒信息亭的过程中，至少需要对信息亭做多少功；(2)若已知空气密度为ρ，大风的风速大小恒为v ，方向垂直于正常直立的信息亭的竖直表面，大风中运动的空气与信息亭表面作用后速度变为零．求信息亭正常直立时，大风对它的平均作用力为多大． 答案 (1)12G (h 2＋l 2－h ) (2)ρhlv 2。