2017_2018学年高二物理开学摸底考试试卷(含解析)

高二年级摸底考试物理试题一、不定项选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中．1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1. 第一次通过实验的方法比较准确地测出引力常量的物理学家是（）A. 开普勒B. 伽利略C. 卡文迪许D. 牛顿【答案】C【解析】牛顿在推出万有引力定律的同时，并没能得出引力常量G的具体值，G的数值于1789年由卡文迪许利用他所发明的扭秤得出，故ABC错误，D正确.2. 一辆载重卡车，在丘陵地区以不变的速率行驶，大致地形如图所示，由于轮胎已旧，途中爆胎，你认为 A B C D 四处中，爆胎可能性最大的一处是（）A. A处B. B处C. C处D. D处【答案】B【解析】在坡顶：，解得：，即F N＜mg；在坡谷：，解得：，即F N＞mg，r越小，F N越大，则在A、B两点比，B点容易爆胎，在C点：，在D点：，由以上可知B处的压力更大，所以容易爆胎。

故B 正确，ACD错误。

3. 对于地球同步卫星的认识，正确的是（）A. 它们只能在赤道的正上方，它们的轨道半径可以不同，卫星的加速度为零B. 它们运行的角速度与地球自转角速度相同，相对地球静止,且处于平衡状态C. 它们的轨道半径都相同且一定在赤道的正上方，运行速度小于第一宇宙速度D. 它们可在我国北京上空运行，故用于我国的电视广播【答案】C4. 甲、乙两颗人造地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，它们的质量之比m1：m2=1：2，它们圆周运动的轨道半径之比为r1：r2=1：2，下列关于卫星的说法中正确的是( )A. 它们的线速度之比v1：v2=B. 它们的运行周期之比T1：T2=C. 它们的向心加速度比a1：a2= 4：1D. 它们的向心力之比F1：F2= 4：1【答案】C【解析】试题分析：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有因而解得，，故甲、乙两颗人造地球卫星的线速度之比，故A错误；乙两颗人造地球卫星的运行周期之比，故B正确；甲、乙两颗人造地球卫星的向心加速度比，故C正确；乙两颗人造地球卫星的向心力之比，故D错误；故选BC考点：人造卫星的环绕速度；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．5. 关于动能的理解，下列说法正确的是( )A. 动能是机械能的一种表现形式，凡是运动的物体都具有动能。

B. 动能有可能为负值C. 一定质量的物体动能变化时，速度一定变化，速度变化时，动能一定变化。

D. 动能不变的物体，一定处于平衡状态。

【答案】A【解析】动能是普遍存在的机械能的一种基本形式，运动的物体都就有动能，故A正确；根据知，质量为正值，速度的平方为正值，则动能一定为正值，对于不同的参考系，速度不同，则物体的动能不同，故B错误；一定质量的物体，动能变化，则速度的大小一定变化，所以速度一定变化；但是速度变化，动能不一定变化，比如做匀速圆周运动，速度方向变化，大小不变，则动能不变，故C错误；动能不变的物体，速度方向可能变化，则不一定处于平衡状态，故D错误。

所以A正确，BCD错误。

6. 一质量为m的木块静止在光滑的水平面上，从t=0开始，将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上，在t=T时刻F的功率是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：由牛顿第二定律可以得到；t1时刻的速度为所以t1时刻F的功率为，故选C.考点：牛顿定律；功率7. 一个质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于O点，小球在水平拉力F作用下，从平衡位置P点很缓慢地移动到Q点，此时轻绳与竖直方向夹角为，如图所示，则力F所做的功为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】小球从平衡位置P点缓慢地移动到Q点的过程中，根据动能定理得：，解得拉力做功为：，故B正确，ACD错误。

8. 如图所示，质量、初速度大小都相同的A、B、C 三个小球，在同一水平面上，A球竖直上抛，B球以倾斜角θ斜向上抛，C球沿倾角为θ的固定的光滑斜面上滑，空气阻力不计，它们上升的最大高度分别为h A、h B、h C，则( )．A. B. C. D.【答案】A【解析】对于A球做竖直上抛运动，根据动能定理得：，B球做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，到达最高点时的速度为v0cosθ，根据动能定理得：，对于C球动能定理得：，由上可得：h A=h C＞h B，故A正确，BCD错误。

9. 两个质量相等的物体，分别在两个高度相等而倾角不同的光滑斜面顶部从静止开始下滑，若选斜面底部为参考面。

下列说法正确的是（）A. 下滑过程重力对物体做的功相同B. 到达底部时物体的速度相同C. 到达底部时重力的功率相同D. 到达底部时物体的机械能相同【答案】AD【解析】下滑过程中重力做的功相等都为mgh，故A正确；物体从静止到最低点的过程运用动能定理得：，所以物体的末动能相同，所以到达底部时速度大小相等方向不同，故B错误；物体从静止到最低点的过程运用动能定理得：，所以两种情况下的末速度大小相等，而θ不等，根据P G=mgvcosθ可知物体到达底端时重力的功率不相同，故C错误；在运动过程中机械能守恒，故D正确。

所以AD正确，BC错误。

10. 一质量为1kg的物体被人用手由静止开始向上提升1m ,这时物体的速度是2m/s, g取10 m/s2 ，则下列结论中正确的是（）A. 手对物体做功12JB. 合外力对物体做功2JC. 物体机械能增加了2JD. 物体克服重力做功10J【答案】ABD【解析】试题分析：物体由静止向上提升1m的过程中，由动能定理可得：合外力对物体做的功W外=mv2-0=2J；又知物体克服重力做功W G=mgh=10J；则手对物体做的功W=W外+W G=12J；所以ACD正确、B错误．故选ACD．考点：动能定理；功【名师点睛】本题考查了动能定理、重力做功、合外力做功等知识点，题目难度不大，但容易用错方法，注意题目没有说是缓慢上升，所以不能用匀加速运动规律解该题。

11. 如图所示，一木块静止在光滑水平地面上，一子弹水平射入木块中，射入深度为d，假设子弹在射入木块的过程中受阻力大小不变为f，已知木块运动s后开始做匀速直线运动，则（）A. 子弹减少的动能为fdB. 子弹减少的动能为f（s+d)C. 系统产生的热能为fdD. 木块获得的动能为f（s+d)【答案】BC【解析】由动能定理得，子弹减少的动能△E K=f（s+d），故A错误，B正确；由动能定理得，系统产生的热量为:Q =fd，故C正确，D错误。

所以BC正确，AD错误。

12. 如图所示，小球在竖直向下的力F作用下将竖直弹簧压缩，若将力F撤去，小球将向上弹起并离开弹簧，直到小球速度为零。

在小球上升的过程中，下列说法正确的是( )A. 弹簧对小球的弹力做正功，小球的动能增大B. 弹簧对小球的弹力做正功，小球的动能先增大后减小C. 小球、弹簧、地球组成的系统机械能守恒D. 小球的动能最大时弹簧的弹性势能为零【答案】BC【解析】撤去外力刚开始的一段时间内，小球受到的弹力大于重力，合力向上，小球向上加速运动，随着弹簧形变量的减小，弹力减小，后来弹力小于重力，小球做减速运动，离开弹簧后，小球仅受重力作用而做竖直上抛运动，由此可知，小球的动能先增大后减小，故A错误，B正确；小球上升的过程中受到弹簧的弹力、重力所以系统机械能守恒，故C正确；由以上分析可知，小球先做加速度减小的加速运动，当弹力等于重力时，a=0，速度最大，动能最大，此后弹力小于重力，小球做加速度增大的减速运动，直到弹簧恢复原长时，小球飞离弹簧，故小球在离开弹簧时动能不是最大，小球动能最大时弹性势能不为零，故D错误。

所以BC正确，AD错误。

二、实验题：本大题共2小题，每空2分，共16分13. 某同学做探究动能定理的实验,如图所示,图中小车在一条橡皮筋的作用下弹出,沿木板滑行,这时,橡皮筋对小车做的功为W.当用2条,3条…实验时,使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致.每次实验中小车获得的速度都由打点计时器所打的纸带测出.(1)除了图中已有的器材外,还需要导线、开关、_______(填测量工具)和_______电源(填“交流”或“直流”).(2)若粗糙的木板水平,小车在橡皮筋的作用下,当小车速度最大时,关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置是（_____）A.橡皮筋处于原长状态B.橡皮筋仍处于伸长状态C.小车在两个铁钉连线处D.小车已过两个铁钉连线处(3)实验中小车会受到阻力,可以使木板适当倾斜来平衡摩擦力,需要在__________ (填“左”或“右”)侧垫高木板.【答案】 (1). 刻度尺 (2). 交流 (3). B (4). 左【解析】（1）除了图中已有的器材外，还需要导线，开关，刻度尺和交流电源，故选择A．（2）若粗糙的木板水平，小车在橡皮筋的作用下先做加速运动，当橡皮筋的拉力与小车受到的摩擦力大小相等时，小车的速度最大，此时橡皮筋仍处于伸长状态，故B正确；（3）小车在水平面运动时，由于受到摩擦阻力导致小车速度在变化．所以适当倾斜以平衡摩擦力．根据题图可知需要在左侧垫高木板．14. （1）某同学做“验证机械能守恒定律”的实验，下列叙述中正确的是（____）A．必须要测量重物的质量B．将连有重物的纸带穿过限位孔，将纸带和重物提升靠近打点计时器C．先释放纸带，再接通电源D．更换纸带，重复实验，根据记录处理数据（2）该同学在老师的指导下按照正确的操作选得纸带如图所示，其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离， h A ＝8.50 cm，h B＝11.73 cm，h C＝14.50 cm，已知当地的重力加速度g＝9.80 m/s2，打点计时器所用电源频率为f＝50 Hz，设重物质量为1.00 kg。

则该同学算得OB段重物重力势能的减少量为________J(计算结果保留三位有效数字)，动能的增加量为___________J (计算结果保留三位有效数字)。

（3）实验中产生系统误差的主要原因是______________，所以要选择质量大一些、体积小一些的重物。

【答案】 (1). BD (2). 1.15 (3). 1.13 (4). 存在阻力【解析】（1）在数据处理中，质量m可以约去，故质量也不需要测量，只需验证即可；固定好打点计时器，将连有重物的纸带穿过限位孔，用手提住，将纸带和重锤提升到一定高度，尽量靠近打点计时器，故B正确；应先接通电源，然后释放重物，否则纸带开始阶段是空白，可能所采集的数据不够，而且浪费纸带，故C错误；重复几次，取得几条打点纸带，挑选一条清楚的纸带进行数据处理，故D正确。