天津市六校联考高二上期中物理试卷

天津市六校联考高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共9小题，每小题3分，共27分）1．下列说法正确的是（）A．由E=可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比B．匀强电场中，任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积C．在点电荷电场中，离点电荷距离相等的点，电势都相等D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向2．两个相同的金属小球A、B，所带的电量q A=+q0、q B=﹣7q0，相距r放置时，相互作用的引力大小为F．现将A球与B球接触，再把A、B两球间的间距增大到2r，那么A、B 之间的相互作用力将变为（）A．斥力 B．斥力 C．引力 D．引力3．如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则（）A．该点电荷一定在A点的右侧B．该点电荷一定在A点的左侧C．A点场强方向一定沿直线向左D．A点的电势一定低于B点的电势4．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地．在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，E p表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ减小，E p增大B．θ减小，E不变C．θ增大，E增大D．θ增大，E p不变5．一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e，在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为（）A．B．C．ρnev D．6．如图所示，虚线a、b和c是在O点处的一个点电荷形成的静电场中的三个等势面，一带正电粒子射入该电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示．不计重力，由图可知（）A．O点处的电荷一定是正电荷B．a、b、c三个等势面的电势关系是φa＞φb＞φcC．粒子运动时的电势能先增大后减小D．粒子在每个位置具有的电势能与动能的总和一定相等7．如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数增大B．电流表读数增大C．质点P仍处于静止状态 D．R3上消耗的功率逐渐增大8．如图所示，电源电动势E=3V，小灯泡L标有“2V、0.4W”，开关S接l，当变阻器调到R=4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作．则（）A．电动机的内阻为4ΩB．电动机正常工作电压为1VC．电源内阻为1ΩD．电源总功率0.4W9．如图所示，足够长的两平行金属板正对着竖直放置，它们通过导线与电源E、定值电阻R、开关S相连．闭合开关后，与两极板上边缘等高处有两个带负电小球A和B，它们均从两极板正中央由静止开始释放，两小球最终均打在极板上，（不考虑小球间的相互作用及对电场的影响）下列说法中正确的是（）A．两小球在两板间运动的轨迹都是一条抛物线B．两板间电压越大，小球在板间运动的时间越短C．它们的运动时间一定相同D．若两者的比荷相同，它们的运动轨迹可能相同二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每题列出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有错选或不答的得0分．）10．在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射入，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则在飞越该电场的整个过程中（）A．该粒子带负电B．该粒子的动能先减小，后增大C．该粒子的电势能先减小，后增大D．该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v011．如图所示为闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，短路电流I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大12．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电量为q=﹣1.0×10﹣5 C的负电荷由A移动到C电场力做功W1=4.0×10﹣5J，该电荷由C移动到B电场力做功W2=﹣2.0×10﹣5J，若B点电势为零，以下说法正确的是（）A．A点电势为2VB．A点电势为﹣2VC．匀强电场的方向为由C指向AD．匀强电场的方向为垂直于AC指向B13．硅光电池已广泛应用于人造卫星和灯塔、高速公路“电子眼”等设施．其原理如图所示，a、b是硅光电池的两个电极，P、N 是两块硅半导体，P、N 可在E区形成匀强电场．P 的上表面镀有一层膜，当光照射时，P内产生的自由电子经E区电场加速后到达半导体N，从而产生电动势．以下说法中正确的是（）A．a电极为电池的正极B．电源内部的电流方向由P指向NC．E区匀强电场的方向由N指向PD．硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置二、填空题（本题共4道小题，共20分）14．光滑绝缘水平面上相距为L的点电荷A、B带电荷量分别为+4q和﹣q，如图所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电性为电荷量为，放置在的位置．15．如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，（0﹣）时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g，末速度大小为，克服电场力做功为．16．如图所示是一量程为100 μA的电流表，内阻为100Ω，现串联一个9 900Ω的电阻将它改装成电压表．该电压表的量程是V．用它来测量电压，表盘指针位置如图所示．该电压的大小是V．17．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材及代号如下：A．小灯泡L（3V、5Ω）；B．滑动变阻器R（0﹣10Ω，额定电流1.5A）；C．电压表V1（量程：0﹣3V，R V=5kΩ）；D．电压表V2（量程：0﹣15V，R V=10kΩ）；E．电流表A1（量程：0﹣0.6A，R A=0.5Ω）；F．电流表A2（量程：0﹣3A，R A=0.1Ω）；G．铅蓄电池、开关各一个，导线若干；实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压．（1）为了减少误差，实验中应选电压表，电流表；（2）电流表应采用法（填“内接”或“外接”）；（3）请在答题区空白处内画出实验原理图（注明所选器材代号）（4）某同学实验后作出的I﹣U 图象如图所示，请分析该图象形成的原因是：．四、计算题（本题3道小题，共37分）18．如图所示，光滑绝缘半球槽的半径为R=0.5m，半径OA水平，同时空间存在水平向右的匀强电场．一质量为m、电量为q的带正小球从槽的右端A处无初速沿轨道滑下，滑到最低位置B时，球对轨道的压力为2mg．（g=10m/s2）求：（1）电场强度的大小；（2）小球过B点后能到达的最高点与半径OA的距离H；（3）小球的最大速度出现在何处．19．如图所示，长L的绝缘光滑细杆AB与水平面成45°角，A、C两点在同一竖直线上，B、C两点在同一水平线上，O点为AB的中点，在C点固定一个带正电的点电荷Q，杆上套一个带正电的小环，环在A点时正好能保持静止．现给环一个沿杆向下的初速度v A，环到达O点的速度为v0，已知静电常数为k，小环的质量m，重力加速度g，求：（1）求小环的电荷量q；（2）AO两点的电势差U AO；（3）环到达B点时环的速度．20．如图所示为说明示波器工作原理的示意图，已知两平行板间的距离为d、板长为l电子经电压为U1的电场加速后从两平行板间的中央处垂直进入偏转电场，设电子质量为m e、电荷量为e．（1）求经电场加速后电子速度v的大小；（2）要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大，两平行板间的电压U2应是多少？电子动能多大？2016-2017学年天津市六校联考高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共9小题，每小题3分，共27分）1．下列说法正确的是（）A．由E=可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比B．匀强电场中，任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积C．在点电荷电场中，离点电荷距离相等的点，电势都相等D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】A、结合电场强度的决定因素可得知电场轻度与检验电荷没有关系，可得知选项A 的正误．B、利用匀强电场中的电势差与场强和距离之间的关系可判知该的正误．C、利用点电荷形成的电场中的等势面的知识可得知该选项的正误．D、结合电场方向的阐述，可得知电场强度方向与电势降落之间的关系，判知该选项的正误．【解答】解：A、电场强度只与电场本身有关，与检验电荷无关，故A错误．B、匀强电场中，任意两点间的电势差等于场强和这两点在电场方向上的距离的乘积，故B 错误．C、在点电荷电场中，离点电荷距离相等的点的几何是一个等势面，所以各点的电势都相等，故C正确．D、任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向，而不能阐述成指向该点电势降落的方向，故D错误故选：C2．两个相同的金属小球A、B，所带的电量q A=+q0、q B=﹣7q0，相距r放置时，相互作用的引力大小为F．现将A球与B球接触，再把A、B两球间的间距增大到2r，那么A、B 之间的相互作用力将变为（）A．斥力 B．斥力 C．引力 D．引力【考点】分子间的相互作用力．【分析】设电荷A带电荷量为q0，则电荷B带电荷量为﹣7q0，在真空中相距为r时，根据库仑定律可以得到F与电量q、距离r的关系；A、B球相互接触后放回距离为2r处，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与Q、r的关系，用比例法求解【解答】解：金属小球A和B，带电量分别为+q0和﹣7q0，相互作用力为引力，将两球接触后再放回原处，电荷先中和再平分，带电量变为﹣3q0和﹣3q0，同号电荷表现为斥力，故A正确，BCD错误；故选：A3．如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则（）A．该点电荷一定在A点的右侧B．该点电荷一定在A点的左侧C．A点场强方向一定沿直线向左D．A点的电势一定低于B点的电势【考点】电场强度．【分析】据题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析该点电荷的位置应离A点远、离B点近．该点电荷的电性未知，不能判断电场强度的方向和电势的高低．【解答】解：A、B，由题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析得知：该点电荷的位置应离A点远、离B点近，所以该点电荷一定在A点的右侧．故A正确，B 错误．C、D，由于该点电荷的电性未知，无法确定A的场强方向，也无法判断A、B两点电势的高低．故CD错误．故选A4．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地．在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，E p 表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ减小，E p增大B．θ减小，E不变C．θ增大，E增大D．θ增大，E p不变【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器充电后断开电源，极板上的电量不变；根据电容器的定义式可分析电容的变化，再根据决定式分析电压的变化，从而分析静电计指针夹角的变化；根据U=Ed分析电场强度的变化【解答】解：电容器与电源断开，故电量不变；上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据C=可知，电容C增大，则根据C=可知，电压U减小；故静电计指针偏角减小；两板间的电场强度E===；因此电场强度与板间距无关，因此电场强度不变；故B正确，ACD错误；故选：B5．一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e，在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为（）A．B．C．ρnev D．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电流、电压概念．【分析】利用电流的微观表达式求的电流，由电阻的定义式求的电阻，由E=求的电场强度【解答】解：导体中的电流为I=neSv导体的电阻为R=导体两端的电压为U=RI场强为E=联立解得E=ρnev故选：C6．如图所示，虚线a、b和c是在O点处的一个点电荷形成的静电场中的三个等势面，一带正电粒子射入该电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示．不计重力，由图可知（）A．O点处的电荷一定是正电荷B．a、b、c三个等势面的电势关系是φa＞φb＞φcC．粒子运动时的电势能先增大后减小D．粒子在每个位置具有的电势能与动能的总和一定相等【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【分析】首先根据带电粒子轨迹的弯曲方向判断其所受的静电力性质，即可判断其电性；再根据电场线的方向确定电势的高低，根据电场力做功比较动能的大小和电势能的大小．【解答】解：A、根据带电粒子轨迹的弯曲方向可知：带电粒子受到了引力作用，Q与带电粒子是异种粒子，所以Q一定带负电．故A错误．B、Q带负电荷，电场线方向从无穷处到Q终止，根据顺着电场线方向电势降低可知，φa ＜φb＜φc．故B错误．C、粒子所受的电场力与速度的夹角先锐角，做正功，后为钝角，做负功，所以电势能先减小后增大．故C错误．D、从整个运动过程中，带电粒子只有两种形式的能：电势能和动能，根据能量守恒定律得知：粒子在每个位置具有的电势能与动能的总和一定相等．故D正确．故选：D．7．如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数增大B．电流表读数增大C．质点P仍处于静止状态 D．R3上消耗的功率逐渐增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点P的受力情况可知质点的运动情况．由电流或电压的变化，分析R3上消耗的功率如何变化．【解答】解：AB、由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大，路端电压减小，R1两端的电压增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，而流过并联部分的总电流增大，故电流表示数增大；故B正确；因并联部分电压减小，而R2中的电流增大，电压增大，故电压表示数减小，故A错误；C、因电容器两端电压等于并联电路两端的电压，电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点P向下运动，故C错误；D、因R3两端的电压减小，可知，R3上消耗的功率减小；故D错误．故选：B8．如图所示，电源电动势E=3V，小灯泡L标有“2V、0.4W”，开关S接l，当变阻器调到R=4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作．则（）A．电动机的内阻为4ΩB．电动机正常工作电压为1VC．电源内阻为1ΩD．电源总功率0.4W【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）小灯泡L正常发光，其电压为额定电压，功率为额定功率，由公式P=UI可求出电路中的电流．根据闭合电路欧姆定律求解电源的电阻．（2）电动机为非纯电阻电路，注意公式的应用与选取即可【解答】解：小灯泡的额定电流为I===0.2A；电阻为C、当接1时，由闭合电路欧姆定律可知，E=I（R L+R+r），代入数据解得r=1Ω，故C正确；AB、当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.2A电源内阻分的电压为U=Ir=0.2×1V=0.2V故电动机分得电压为U动=E﹣U L﹣U=3﹣2﹣0.2V=0.8V故电阻R＜=Ω=4Ω，故AB错误；D、电源总功率，P=EI=3×0.2=0.6W，故D错误．故选：C9．如图所示，足够长的两平行金属板正对着竖直放置，它们通过导线与电源E、定值电阻R、开关S相连．闭合开关后，与两极板上边缘等高处有两个带负电小球A和B，它们均从两极板正中央由静止开始释放，两小球最终均打在极板上，（不考虑小球间的相互作用及对电场的影响）下列说法中正确的是（）A．两小球在两板间运动的轨迹都是一条抛物线B．两板间电压越大，小球在板间运动的时间越短C．它们的运动时间一定相同D．若两者的比荷相同，它们的运动轨迹可能相同【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】分析带电液滴的受力，根据物体做曲线运动的条件可知液滴的运动轨迹；根据U=Ed可知电动势变化时E的变化，则可知所受合力的变化，即可求得加速度的变化；因液滴落在了一个极板上，故液滴的运动时间取决其在水平向的运动，分析水平方向上的受力情况可求得液滴的运动时间．【解答】解：A、液滴在磁场中受重力及电场力，电场力沿水平方向，重力沿竖直方向；因液滴由静止释放，故合力的方向一定与运动方向一致，故液滴做直线运动，故A错误；B、两板上的电压越大，由U=Ed可知，板间的电场强度增大，电场力变大，水平加速度增大，根据，得，时间越短，故B正确；C、因粒子最终打在极板上，故运动时间取决于水平向的加速度，，得，因为比荷不一定相同，所以运动时间不一定相同，故C错误；D、若两者的比荷相同，它们运动的轨迹不同，因为带电性质不同，故D错误；故选：B．二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每题列出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有错选或不答的得0分．）10．在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射入，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则在飞越该电场的整个过程中（）A．该粒子带负电B．该粒子的动能先减小，后增大C．该粒子的电势能先减小，后增大D．该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v0【考点】电场线；电势差与电场强度的关系．【分析】根据轨迹的弯曲方向确定粒子所受的电场力方向，从而确定粒子的电性；根据电场力做功，结合动能定理得出动能的变化，根据电场力做功与电势能的关系判断电势能的变化．通过M点和无穷远处的电势差，结合动能定理判断粒子到达无穷远处的速度．【解答】解：A、粒子轨迹向右弯曲，受到的电场力大致向右，该粒子带负电．故A正确．B、由题可知，电场力先做正功，后做负功，则根据动能定理得知，粒子的动能先增大后减小．故B错误．C、电场力先做正功，后做负功，粒子的电势能先减小后增大．故C正确．D、M点的电势与无穷远处相等，粒子从M点运动到无穷远处过程，电场力做功为零，则该粒子运动到无穷远处后，其速度大小一定仍为v0．故D正确．故选：ACD．11．如图所示为闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，短路电流I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大【考点】路端电压与负载的关系．【分析】根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：U=E﹣Ir；U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．【解答】解：A、B、C、U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则知电动势E1=E2，内阻r1＜r2，U﹣I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1＞I2，故BC错误，A正确；D、根据U=E﹣Ir可知，△U=r•△I，内阻r1＜r2，故当电源的工作电流变化相同时，电源2的路端电压变化较大，故D正确；故选：AD．12．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电量为q=﹣1.0×10﹣5 C的负电荷由A移动到C电场力做功W1=4.0×10﹣5J，该电荷由C移动到B电场力做功W2=﹣2.0×10﹣5J，若B点电势为零，以下说法正确的是（）A．A点电势为2VB．A点电势为﹣2VC．匀强电场的方向为由C指向AD．匀强电场的方向为垂直于AC指向B【考点】电场的叠加；电场强度；电势．【分析】根据试探电荷的电荷量和电场力做功，根据公式U=分别求出A与无穷远间、A 与B间电势差，无穷远处电势为零，再确定A、B两点的电势【解答】解：A、对于C、B间电势差为U CB=V=2V，若B点电势为零，U CB=φC﹣φB，则C点电势φC=2V．而A与C间的电势差为U AC==V=﹣4V，U AC=φA﹣φC，则A点电势φA=﹣2V．故A错误，B正确；C、由上分析可知，AC连线的中点M电势为0，M与B点的连线即为等势线，且电场线垂直于等势线，三角形ABC为等边三角形，BM⊥AC，根据沿着电场线方向，电势降低，则有匀强电场的方向由C到A，故C正确，D错误；故选：BC13．硅光电池已广泛应用于人造卫星和灯塔、高速公路“电子眼”等设施．其原理如图所示，a、b是硅光电池的两个电极，P、N 是两块硅半导体，P、N 可在E区形成匀强电场．P 的上表面镀有一层膜，当光照射时，P内产生的自由电子经E区电场加速后到达半导体N，从而产生电动势．以下说法中正确的是（）A．a电极为电池的正极B．电源内部的电流方向由P指向NC．E区匀强电场的方向由N指向PD．硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置【考点】电源的电动势和内阻．【分析】根据负电荷的电场力从而确定电场强度的方向，由电流的方向与负电荷的运动方向相反，可确定电源的内部电流方向．【解答】解：A、根据题意，E区电场能使P逸出的自由电子向N运动，因负电荷受到的电场力与电场方向相反，所以电场方向由N指向P，由于电流的方向与负电荷的运动方向相反，所以电源内部的电流方向由N指向P，A正确、B错误；C、由题意可知，电子在E区加速，故电场方向应为N到P；故C正确；D、该电池是将光能转化为电能的装置，故D错误．故选：AC．二、填空题（本题共4道小题，共20分）14．光滑绝缘水平面上相距为L的点电荷A、B带电荷量分别为+4q和﹣q，如图所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电性为正电电荷量为4q ，放置在的位置在B右侧距B为L处．【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】A、B、C三个点电荷都处于静止状态，对电荷受力分析，每个电荷都处于受力平衡状态，故根据库仑定律可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果．【解答】解：A、B、C三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C必须为正电，在B的右侧．设C所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为L+r，要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为Q．则有：=解得：r=L对点电荷A，其受力也平衡，则：=解得：Q=4q故答案为：正电，4q，在B右侧距B为L处．15．如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，（0﹣）时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g，末速度大小为v0，克服电场力做功为mgd ．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】0～时间内微粒匀速运动，重力和电场力相等，～内，微粒做平抛运动，～T时间内，微粒竖直方向上做匀减速运动，水平方向上始终做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．【解答】解：0～时间内微粒匀速运动，则有：qE0=mg．～内微粒做平抛运动，竖直方向下降的位移x1=g（）2，～T时间内微粒的加速度a==g，方向。