安徽省合肥市第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试语文试题 扫描版含答案
安徽省合肥市第一中学2024-2025学年高三上学期期中教学质量检测数学试题+答案

第1⻚/共4⻚合肥⼀中2024—2025学年第⼀学期⾼三年级教学质量检测数学学科试卷时⻓:120分钟分值:150分⼀、单选题:本题共8⼩题,每⼩题5分,共40分.1.已知集合,集合,则()A.B.C.D.2.若,则()A.或 B.或C.D.3.已知函数,则“”是“函数的是奇函数”的()A 充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件4.函数在上单调,则a 的取值范围是()A.B.C.D.5.在中,内⻆A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,已知的外接圆半径为1,且,则的⾯积是()A.B. C.1 D.26.已知⼀个正整数,且N 的15次⽅根仍是⼀个整数,则这个数15次⽅根为().(参考数据:)A.3B.4C.5D.67.已知函数,,若,使得,则实数a 的取值范围是()A.B.第2⻚/共4⻚C.D.8.已知正数x ,y 满⾜,则的最⼩值为()A.1B.2C.3D.4⼆、多项选择题:本题共3⼩题,每⼩题6分,共18分.在每⼩题给出的选项中,有多项符合题⽬要求,全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.9.已知关于x 的不等式的解集为,则下列结论正确的是()A. B.的最⼤值为 C.的最⼩值为D.的最⼩值为10.如图是函数的部分图象,A 是图象的⼀个最⾼点,D 是图象与y 轴的交点,B ,C 是图象与x 轴的交点,且的⾯积等于,则下列说法正确的是()A.函数的最⼩正周期为B.函数图象关于直线对称C.函数图象可由的图象向右平移个单位⻓度得到D.函数与在上有2个交点11.已知函数及其导函数的定义域均为R ,若,且是奇函数,令,则下列说法正确的是()第3⻚/共4⻚A.函数是奇函数B.CD.三、填空题:本题共3⼩题,每⼩题5分,共15分.12.已知幂函数在上单调递减,则______.13.已知,且,则________.14.设函数,下列说法正确的有________.①函数的⼀个周期为;②函数的值域是③函数的图象上存在点,使得其到点的距离为;④当时,函数的图象与直线有且仅有⼀个公共点.四、解答题:本题共5⼩题,共77分.解答应写出⽂字说明、证明过程或演算步骤.15.已知命题“”为假命题,命题“在上为增函数”为真命题,设实数a 的所有取值构成的集合为A .(1)求集合;(2)设集合,若是必要不充分条件,求实数m 的取值范围.16.已知函数.(1)若的图象在点处的切线经过点,求;(2)若是的两个不同极值点,且,求实数a 的取值范围.17.已知定义域为的函数满⾜对任意,都有(1)求证:是奇函数;第4⻚/共4⻚(2)当时,.若关于x 的不等在上恒成⽴,求a 的取值范围.18.记的内⻆A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,已知.(1)求A 取值的范围;(2)若,求周⻓的最⼤值;(3)若,求的⾯积.19.已知函数,其中.(1)当时,求曲线在点处的切线⽅程;(2)判断函数是否存在极值,若存在,请判断是极⼤值还是极⼩值;若不存在,说明理由;(3)讨论函数在上零点的个数.第1⻚/共22⻚合肥⼀中2024—2025学年第⼀学期⾼三年级教学质量检测数学学科试卷时⻓:120分钟分值:150分⼀、单选题:本题共8⼩题,每⼩题5分,共40分.1.已知集合,集合,则()A.B.C.D.【答案】C 【解析】【分析】根据题意,将集合化简,再结合交集的运算,即可得到结果.【详解】或,,所以,故选:C 2.若,则()A.或 B.或C.D.【答案】B 【解析】【分析】根据,将原式上下同时除以,化简求解即可.【详解】根据题意可知,所以,若,则,与⽭盾故,将其上下同时除以,可得,化简可得,解之得或.故选:B第2⻚/共22⻚3.已知函数,则“”是“函数的是奇函数”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A 【解析】【分析】由是奇函数确定的取值范围,即可判断.【详解】由为奇函数,可得:,即,即恒成⽴,即恒成⽴,即恒成⽴,解得,所以是函数为奇函数的充分不必要条件.故选:A 4.函数在上单调,则a 的取值范围是()A.B.C.D.【答案】D 【解析】【分析】利⽤导数求得其导函数并使其恒⼤于0,再根据分段函数单调性得出不等式即可.【详解】由题意可知时,,时,;第3⻚/共22⻚⼜因为,所以在上单调递增,因此可得时,恒成⽴,可得,⼜,可得;综上可得a 的取值范围是.故选:D 5.在中,内⻆A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,已知的外接圆半径为1,且,则的⾯积是()A.B. C.1 D.2【答案】C 【解析】【分析】根据给定条件,利⽤余弦定理求出,利⽤三⻆恒等变换求出,再利⽤正弦定理及三⻆形⾯积公式计算得解.【详解】在中,由及余弦定理,得,解得,⼜,则,由,得,整理得,即,两边平⽅得,⼜,,则,即,由正弦定理得,所以的⾯积是.故选:C6.已知⼀个正整数,且N 的15次⽅根仍是⼀个整数,则这个数15次⽅根为().(参考数据:)第4⻚/共22⻚A.3B.4C.5D.6【答案】C 【解析】【分析】设这个15次⽅根为,则,利⽤对数的运算性质求即可.【详解】设这个15次⽅根为,则,其中且,故,,,,故,,,由于,故.故选:C .7.已知函数,,若,使得,则实数a 的取值范围是()A.B.C.D.【答案】B 【解析】【分析】利⽤导函数证明在区间上单调递增,从⽽得出的值域;同理得出的单调区间和值域,由题意可知,这两个函数值域需要有交集,得出不等式组,从⽽得出范围.【详解】,∴时,,∴在区间上单调递增,∴当时,,令,则,令,则,∵,∴时,,∴单调递增,∴,∴在上单调递增,第5⻚/共22⻚∴,由题意可知,∴.故选:B8.已知正数x ,y 满⾜,则的最⼩值为()A.1 B.2C.3D.4【答案】A 【解析】【分析】应⽤三⻆换元,令,且,结合已知、平⽅关系、和⻆正弦公式得,进⽽有,最后利⽤基本不等式“1”的代换求⽬标式最⼩值.【详解】,由,得,令,且,所以,有,即,故,所以,则,当且仅当,即时取等号,第6⻚/共22⻚所以的最⼩值为1.故选:A【点睛】关键点点睛:根据已知等量关系及三⻆函数的性质,应⽤三⻆换元将已知等式化为是关键.⼆、多项选择题:本题共3⼩题,每⼩题6分,共18分.在每⼩题给出的选项中,有多项符合题⽬要求,全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.9.已知关于x 的不等式的解集为,则下列结论正确的是()A. B.的最⼤值为 C.的最⼩值为D.的最⼩值为【答案】BC 【解析】【分析】由已知结合⼆次不等式与⼆次⽅程的关系可得,然后结合基本不等式的乘“1”法可判断C ,利⽤向量的性质可求解B ,根据⼆次函数的性质可判断D .【详解】因为关于的不等式,的解集为,所以,所以,,所以,A 错误;因为,,所以,当且仅当时取等号,故,由于设,由于,故,当且仅当时等号成⽴,故B 正确;第7⻚/共22⻚,当且仅当,即时取等号,C 正确;,当且仅当时取等号,故最⼩值为,D 错误.故选:BC .10.如图是函数的部分图象,A 是图象的⼀个最⾼点,D 是图象与y 轴的交点,B ,C 是图象与x 轴的交点,且的⾯积等于,则下列说法正确的是()A.函数的最⼩正周期为B.函数的图象关于直线对称C.函数的图象可由的图象向右平移个单位⻓度得到D.函数与在上有2个交点【答案】ABC 【解析】【分析】根据部分图像求出的表达式,再由函数图像平移及正弦函数性质可判断各项.【详解】设的最⼩正周期为,第8⻚/共22⻚由图像可知,,即,可得,故A 正确;且,所以,解得,⼜因为图像过点,可得,即,且,可得,所以.对于选项B :因为,为最⼩值,所以函数的图象关于直线对称,故B 正确;对于选项C :将的图象向右平移个单位⻓度,得到,所以函数的图象可由的图象向右平移个单位⻓度得到,故C 正确;对于选项D :注意到,在同⼀坐标系内,分别作出函数与在上的图象,由图象可知:函数与在上有3个交点,故D 错误;故选:ABC.11.已知函数及其导函数的定义域均为R ,若,且是奇第9⻚/共22⻚函数,令,则下列说法正确的是()A.函数是奇函数B.C.D.【答案】BCD 【解析】【分析】把已知等式中换成,再移项变形可得A 错误;求导令可得,再由是奇函数,再求导可得B 正确;由奇函数的性质得到①,在令,可得,再由已知等式得到④,进⽽得到,然后可得C 正确;由原函数和导函数的奇偶性可得,进⽽可得D 正确;【详解】对于A ,因为,把换成,则,移项化简可得,即,为偶函数,故A 错误;对于B ,由A 中求导可得,令,可得,⼜是奇函数,即,求导可得,即,令,则,所以,故B 正确;对于C ,由B 中可得,①由A 中,②把①中换成可得,③由②③可得,所以:第10⻚/共22⻚故C 正确;对于D ,由B 中,⼜由可得,即,所以所以令可得;令可得;,所以,故D 正确;故选:BCD.【点睛】关键点点睛:本题C 选项的关键在于理解抽象复合函数求导,原函数为奇函数则导函数为偶函数这⼀性质,再利⽤函数的奇偶性解答.三、填空题:本题共3⼩题,每⼩题5分,共15分.12.已知幂函数在上单调递减,则______.【答案】【解析】【分析】先根据函数是幂函数计算求参得出或,最后结合函数的单调性计算得出符合题意的参数.【详解】由题意可得为幂函数,则,解得或.当时,为增函数,不符合题意;当时,在单调递减,符合题意.故答案为:.第11⻚/共22⻚13.已知,且,则________.【答案】【解析】【分析】根据给定条件,利⽤同⻆公式求出,再利⽤和差⻆的余弦公式求出即可.【详解】由,得,,由,得,,由,得,即,则,因此,所以.故答案为:14.设函数,下列说法正确的有________.①函数的⼀个周期为;②函数的值域是③函数的图象上存在点,使得其到点的距离为;④当时,函数的图象与直线有且仅有⼀个公共点.【答案】①④【解析】【分析】利⽤函数的周期性定义结合余弦函数的周期性可判断①;采⽤三⻆代换,利⽤导数判断函数单调性,利⽤函数单调性求解函数值域,判断②;利⽤,结合两点间距离公式可判断③;结合解,根据解的情况判断④,即得答案.第12⻚/共22⻚【详解】对于①,,,故是函数的⼀个周期,①正确;对于②,,需满⾜,即,令,,则即为,当时,在上单调递增,则;当时,,(,故)此时在上单调递减,则,综上,的值域是,②错误;对于③,由②知,,当时,满⾜此条件下的图象上的点到的距离;当时,,满⾜此条件下的图象上的点到的距离第13⻚/共22⻚,当且仅当且时等号成⽴,⽽时,或,满⾜此条件的x 与⽭盾,即等号取不到,故函数的图象上不存在点,使得其到点的距离为,③错误;对于④,由②的分析可知,则,即,⼜,故当且仅当时,,即当时,函数的图象与直线有且仅有⼀个公共点,④正确.故答案为:①④【点睛】关键点点睛:对于函数,先求出定义域,再采⽤换元法令,,得函数,利⽤单调性求其值域.四、解答题:本题共5⼩题,共77分.解答应写出⽂字说明、证明过程或演算步骤.15.已知命题“”为假命题,命题“在上为增函数”为真命题,设实数a 所有取值构成的集合为A .(1)求集合;(2)设集合,若是的必要不充分条件,求实数m 的取值范围.【答案】(1)或(2)或【解析】第14⻚/共22⻚【分析】(1)由:“,”为假命题时,可转化为关于的⼀元⼆次⽅程⽆解,然后利⽤判别式即可,命题q 可利⽤对勾函数的性质求解,取交集即可得a 的取值范围,则集合A 可求,再结合补集运算可得答案;(2)由是的必要不充分条件可得B,然后分为空集和⾮空集两种情况讨论即可.【⼩问1详解】因为命题为假命题,所以关于的⼀元⼆次⽅程⽆解,即,解得,因为命题q 为真命题,当时,在上为增函数,满⾜题意;当时,结合对勾函数的性质可知在上单调递减,不满⾜题意;故集合,所以或;【⼩问2详解】由是的必要不充分条件,则B,当时,,解得,此时满⾜B,当时,则或,解得或,综上所述,的取值范围是或.16.已知函数.(1)若的图象在点处的切线经过点,求;(2)若是的两个不同极值点,且,求实数a 的取值范围.【答案】(1)或(2)【解析】第15⻚/共22⻚【分析】(1)求出函数的导数,利⽤导数的⼏何意义求出切线⽅程即可求解作答.(2)利⽤极值点的意义,结合⻙达定理、根的判别式列出不等式,求解作答.【⼩问1详解】函数,求导得,则,,于是函数的图象在点处的切线⽅程为,即,⽽切线过点,则,整理可得,解得或,所以或【⼩问2详解】由(1)知,⽅程,即有两个不等实根,则,解得,且,于是,由,得,解得,因此,所以实数的取值范围是.17.已知定义域为的函数满⾜对任意,都有(1)求证:是奇函数;(2)当时,.若关于x 的不等在上恒成⽴,求a 的取值范围.【答案】(1)证明⻅解析第16⻚/共22⻚(2)【解析】【分析】(1)利⽤赋值法,先求出及的值,再证明即可;(2)由题意得,构造函数,得出的奇偶性及在上的单调性,继⽽可得,结合题意可得,令,利⽤导数求出在上的最⼤值即可求解.【⼩问1详解】证明:令,得,即,令,得,即,令,,所以是奇函数.【⼩问2详解】,,且,所以,令,因,所以,则,设,则,所以,因为,所以在上是减函数,第17⻚/共22⻚,所以为偶函数,所以在上恒成⽴,即或,即或(负值,舍去),令,即,,令,解得,所以,,单调递增,所以,所以.故的取值范围是.18.记的内⻆A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,已知.(1)求A 取值的范围;(2)若,求周⻓的最⼤值;(3)若,求的⾯积.【答案】(1);(2)6;(3).【解析】【分析】(1)根据题意利⽤正弦定理结合三⻆恒等变换分析可得,在利⽤余弦定理结合基本不等式分析运算即可;(2)由(1)可得,结合基本不等式分析运算;(3)根据题意结合正弦定理可求得,利⽤正弦定理以及⾯积公式分析运算.【⼩问1详解】第18⻚/共22⻚由题设,所以,,⼜,则,根据正弦边⻆关系,易得,则,⼜,则,当且仅当时取等号,所以,结合,可得;【⼩问2详解】由(1)有,⼜,⼜,则,所以,当且仅当取等号,所以周⻓的最⼤值6.【⼩问3详解】由,且,所以,⽽,则,由,显然,故,即,结合,可得,由,⽽,由,整理得,可得(负值舍),第19⻚/共22⻚所以,故.19.已知函数,其中.(1)当时,求曲线在点处的切线⽅程;(2)判断函数是否存在极值,若存在,请判断是极⼤值还是极⼩值;若不存在,说明理由;(3)讨论函数在上零点的个数.【答案】(1);(2)答案⻅解析;(3)答案⻅解析.【解析】【分析】(1)求出、,利⽤点斜式可得出所求切线的⽅程;(2)对实数的取值进⾏分类讨论,分析导数在上的符号变化,由此可得出结论;(3)对实数的取值进⾏分类讨论,分析函数在上的单调性,结合零点存在定理可得出结论.【详解】(1)当时,,则,所以,,,所以,曲线在点处的切线⽅程为,即;(2),设,则对任意的恒成⽴,故在上单调递减.所以,,当时,.①若,即时,由零点存在定理可知,存在,使得,第20⻚/共22⻚当时,,此时函数单调递增,当时,,此时函数单调递减.所以,在处取得极⼤值,不存在极⼩值;②若,则,对任意的恒成⽴,此时,函数在上单调递增,此时函数⽆极值.综上所述,当时,函数有极⼤值,⽆极⼩值;当时,函数⽆极值;(3)分以下情况讨论:①若,函数在上单调递增,则,此时,函数在上⽆零点;②若,由(2)可知,由零点存在定理可知,存在,使得,且函数在上单调递增,在上单调递减.从⽽有,设,则对任意的恒成⽴,从⽽当增⼤时,也增⼤.(i )若,此时,此时函数在上单调递减,若,可得或(舍去).此时函数在上⽆零点;第21⻚/共22⻚若,可得,此时函数在上有且只有⼀个零点.当时,,,此时函数在上只有⼀个零点;(ii )当时,此时,此时函数在上单调递增,在上单调递减.,,所以,,设,则对任意恒成⽴,所以,函数在上单调递增,所以,,若,即,即,此时函数在上⽆零点;若,即,即时,此时函数在上有且只有⼀个零点.综上所述,当时,函数在上⽆零点;当时,函数在上有且只有⼀个零点.【点睛】⽅法点睛:利⽤导数解决函数零点问题的⽅法:(1)直接法:先对函数求导,根据导数的⽅法求出函数的单调区间与极值,根据函数的基本性质作出图象,然后将问题转化为函数图象与轴的交点问题,突出导数的⼯具作⽤,体现了转化与化归思想、数形结合思想和分类讨论思想的应⽤;(2)构造新函数法:将问题转化为研究两函数图象的交点问题;第22⻚/共22⻚(3)参变量分离法:由分离变量得出,将问题等价转化为直线与函数的图象的交点问题.。
安徽省合肥市2013-2014学年高三语文上学期段考试卷及答案(word版)

安徽省合肥市2013-2014学年高三语文上学期段考试卷及答案合肥2013-2014学年度第一学期段一考试高三年级语文试卷第I卷(阅读题共66分)一.(9分)阅读下面的文字,完成1~3题。
①“笔力雄壮,气象浑厚”的盛唐诗歌,常被诗评家以“盛唐气象”四个字将它与其它时代的诗歌风貌相区别,这种概括有助于更明确地把握盛唐诗歌特征。
但对于这样的概括,一方面有人望文生义,把“盛唐气象”理解为单纯的对时代的颂歌,对唐帝国文治武功的夸耀,以及对躬逢盛世、如鱼得水的情感抒发。
另一方面有人回转过来通过检查盛唐诗歌发现其中并没有多少歌颂盛世之作,相反,许多诗歌是表示对现状的不满,包括对种种阴暗面的揭露、抗议,因而认为“盛唐气象”一词,是对开元、天宝诗歌主流的歪曲。
以上两种看法皆失之片面,而根源在于对“盛唐气象”涵义的理解存在偏差。
②“盛唐气象”的概念来自严羽。
严羽《沧浪诗话·考证》云:“‘迎旦东风骑蹇驴’绝句,决非盛唐人气象。
”严氏辨其“非盛唐人气象”,显然是指“迎旦东风骑蹇驴”瑟缩委琐,见不到盛唐人的笔力,也缺少盛唐劲健的主体精神。
这与严氏《答吴景仙书》所云:“盛唐诸公之诗,如颜鲁公书,既笔力雄壮p④盛唐诗人的感激之作,理想主义色彩很浓。
“大鹏一日同风起,扶摇直上九万里”,它是为时代的召唤、时代的需要所吸引,要轰轰烈烈大干一番的人生意气和事功精神的表现。
盛唐人的这种感敏奋发,颇不同于一般狭隘的个人名利追逐,它往往表现于建功立业的荣誉感与使命感乃至奉献精神的结合。
由于主体精神强旺,盛唐人谈起建功立业,又往往表现得情绪激昂,富有信心。
李白“长风破浪会有时,直挂云帆济沧海”,杜甫“会当凌绝顶,一览众山小”,可谓壮怀激烈。
⑤盛唐诗人的怨怼之作,包含着诗人与时代社会的冲突,但盛唐诗人要求于那个时代的往往不是简单的仕途出身,不是薄禄微官问题,而是要成就“济苍生,安黎元”的大事业。
这种宏愿,在玄宗统治后期是只好落空的,以致出现了类似鲲鹏太大,海水和风力无法支持的矛盾。
安徽省合肥市第一中学2023-2024学年高三上学期期末考试语文试题含答案

合肥一中2024届高三上学期期末质量检测卷语文考生注意:1.本试卷满分150分,考试时间150分钟。
2.答题前,考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时,请将答案答在答题卡上。
选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。
4.本卷命题范围:高考范围。
一、现代文阅读(35分)(一)现代文阅读工(本题共5小题,18分)阅读下面的文字,完成1-5题。
科学成为一种独立的、占主导地位的精神范型,是从希腊开始的。
希腊人最早对世界形成一种不同于神话而又系统的理性看法,而且创造了一套数学语言来把握自然界的规律。
希腊第一个哲学家泰勒斯提出万物源于水的命题,奠定了西方哲学追究本源的形上精神。
泰勒斯学生的学生阿那克西米尼指出,万物由气所构成,不同的物质由气的浓密稀疏所致,这开辟了把握世界的实体构成主义传统。
这一传统主张唯有找到自然现象背后的实体,并且通过这一实体将自然现象重新组合构造出来,才算是认识了自然。
古代希腊的原子论实际是第一个比较成熟的实体构成主义的模型:原子论者找到了原子作为基础,并将大千世界的多样性和复杂性还原为原子的不同排列组合。
与构成主义传统相对照的是由毕达哥拉斯学派开辟的形式主义传统。
在他们看来,理解世界的关键不在于找出构成实体,而在于找出构成方式。
他们认为,数是万物构成的基本形式,因此,数有着至高无上的本体论地位。
柏拉图学派后来进一步精致化了这些主张,从哲学的高度强化了形式的重要性。
实体构成主义和形式主义这两大传统后来被近代科学所综合继承。
希腊科学真正的大发展不在希腊古典时期,而在希腊化时期。
有三个杰出的人物代表了这一时期最高的科学成就,他们是欧几里得、阿基米德和托勒密。
欧几里得因为《几何原本》阿基米德因为杠杆原理和浮力原理,托勒密因为《至大论》而彪炳史册。
安徽省合肥市2024_2025学年高三语文第一次教学质量检测试题

合肥市2024年高三第一次教学质量检测语文试题(考试时间:150分钟满分:150分)留意事项:1.答题前,务必在答题卡和答题卷规定的地方填写自己的姓名,准考证号和座位号后两位。
2.答第Ⅰ卷时,每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
3.答第Ⅱ卷时,必需运用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卷上书写,要求字体工整,笔迹清晰。
作图题可先用铅笔在答题卷规定的位置绘出,确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清晰。
必需在题号所指示的答题区域作答,超出答题区域书写的答案无............效.,在试题卷........。
....、草稿纸上答题无效4.考试结束,务必将答题卡和答题卷一并上交。
—、现代文阅读(35分)(一)现代文阅读Ⅰ(本题共5小题,17分)阅读下面的文字,完成1~5题。
材料一:历史剧是基于历史真实进行艺术虚构的产物。
从媒介形态来划分,历史剧可以用话剧或影视剧的形式呈现;从风格类型来划分,历史剧又有“正说”与“戏说”的区分。
但究其共性,它们都是基于历史真实与艺术虚构绽开的。
历史是已经发生的事实,历史剧以“历史”为修饰,就杜绝了完全虚构的可能。
假如一个故事毫无疑问是虚构的,那么观众不会向创作人责问其是否真实。
如《步步惊心》《宫》这类穿越剧被限定在“奇幻”一隅,这是因为剧中的穿越情节消解了历史框架,解构了观众对于历史真实的意义期盼。
那么,历史剧应当对历史忠实到何等程度呢?这一向是戏剧评论家们争辩的课题。
诸多论者都论及这个“度”的重要性,但却没有厘清“度”的形式边界。
比如,有的论者认为这个“度”体现了与历史真实相符合的程度,一旦失去这个“度”,就有可能变更“正说”的本质,而完全走向“戏说”;有的论者认为历史剧虽然应当严格遵循历史,但不等于不行虚构,只是要留意把握住“度”,即莱辛所说的“历史内在的可能性”和亚里士多德所说的“可能发生的事”。
安徽省合肥市第一中学等省级名校学年高二语文上学期期末大联考试题(PDF)

2016-17学年第一学期合肥一中省级名校大联考高二年级语文学科试卷分值:150分时长:150分钟命题:合肥一中本试卷分第I卷(阅读题)和第Ⅱ卷(表达题)两部分第I卷阅读题一、现代文阅读(9分,每小题3分)阅读下面的文字,完成1~3题。
老子其人其书的时代,自司马迁《史记》以来即有异说。
清代学者崇尚考据,对此议论纷纷,如汪中作《老子考异》,力主老子为战国时人,益启争端。
钱穆先生说:“老子伪迹不彰,真相不白,则先秦诸子学术思想之系统条贯始终不明,其源流派别终无可言。
”大家都期待这个问题有新的解决线索。
过去对于古书真伪及年代的讨论,只能以纸上材料证明纸上材料,没有其他的衡量标准,因而难有定论。
用来印证《老子》的古书,大多受到辨伪家的怀疑,年代确不可移的,恐怕要数到《韩非子》、《吕氏春秋》和《淮南子》,但这几本书成书太晚,没有多少作用。
近年战国秦汉简帛佚籍大量出土,为学术界提供了许多前所未见的地下材料,这使我们有可能重新考虑《老子》的时代问题。
1973年长沙马王堆三号汉墓出土的帛书,内有《老子》两种版本,甲本字体较早,不避汉高祖讳,应抄写于高祖即帝位前,乙本避高祖讳,可能抄写于文帝初。
这两本《老子》抄写年代都晚,无益于《老子》著作年代的推定,但乙本前面有《黄帝书》四篇,系“黄”、“老”合抄之本,则从根本上改变了学术界对早期道家的认识。
郭沫若先生曾指出,道家都是以“发明黄老道德意”为其指归,故也可称之为黄老学派。
《老子》和《黄帝书》是道家的经典,在汉初被抄写在《老子》前面的《黄帝书》显然在当时公众心目中已据有崇高位置,不会是刚刚撰就的作品。
同时,《黄帝书》与《申子》、《慎子》、《韩非子》等有许多共通文句,而申不害、慎到、韩非三人均曾学黄老之术,这些共通之处可认作对《黄帝书》的引用阐发。
申不害和慎到的年代,前人推为战国中期,《黄帝书》不应更晚。
至于《黄帝书》与《老子》的共通之处也甚多,如《黄帝书·经法》篇云“王天下者有玄德”,什么是“玄德”,文中未见解释。
合肥市一中、六中,北城中学2015-2016学年高二上学期期末考试语文试题答案

合肥一中、合肥六中、北城中学2015—2016学年第一学期高二年级期末考试语文试卷答案1.【答案】B【解析】“但是把抒情作为唯一选择,构成了散文作为文体的第一次危机”与原文不符,应是叙事走向极端是散文作为文体的第一次危机.2.【答案】B【解析】“叙事、抒情与智性的矛盾就越尖锐”错,应是“叙事与抒情的矛盾就越尖锐”。
3.【答案】D【解析】后一句表述绝对化。
4.【答案】D【解析】再翻译为:两次5.【答案】C【解析】《嘉佑集笺注》中的“嘉佑”二字应是年号。
6.【答案】C【解析】第三段申述“不赂者以赂者丧”,并从反面作假设推论。
强调如能用兵而勿附秦,结局可能另是一样。
7.(1)【答案】这样那么诸侯的土地是有限的,残暴的秦国的欲望却没有满足的时候。
(诸侯)给土地越是频繁,(秦国)攻打(诸侯)就越是急迫。
(然则1分,厌1分,弥1分,整体通顺1分)(2)【答案】等到李牧因为谗言被诛杀,(赵国的都城)邯郸成为了秦国的一个郡县,可惜的是赵国虽然使用了武力但是却没有坚持到底。
(洎1分,“以谗诛”被动句1分,整体通顺1分。
)(3)【答案】如果凭借北宋这么大的天下,却又在六国之后重蹈六国灭亡的先例,这又在六国之下了。
(故事1分,是1分,整体通顺1分)8.【答案】选取了寒水、玉笛和扁舟这几个意象。
(1分)描绘了一幅秋日江边送别图,营造了一种萧索、冷清的气氛,(2分)衬托了词人送别时的伤感、惆怅之情。
(2分)9.【答案】运用了想象(或虚写/虚实结合)的手法。
(2分)词人想象行人在路上的情景:芦花蒙蒙,月色如霜,关山险隔(2分)。
表达了对友人的思念、牵挂和担忧之情。
(2分)(如果仅答借景抒情并分析,前面两点总计2分)10.【答案】(1)出师未捷身先死,长使英雄泪满襟。
(2)泻水置平地,各自东西南北流。
(3)老鱼跳波瘦蛟舞,露脚斜飞湿寒兔。
11.【答案】(1)BE【解析】A项,从后文的内容可以得知“大胡子”的行为并不是“居心不良”,而是有所担心。
安徽省宿州市2014--2015学年高二上学期期末教学质量检测语文试题(A卷)(扫描版)

安徽省宿州市2014-2015学年高二上学期期末教学质量检测语文试题(扫描版)宿州市2014-2015学年度第一学期期末教学质量检测高二语文试题(A卷)参考答案一、1.B (原文并没有直接或间接地表达这样的观点,属无中生有。
)2.D (从意义的内在联系上来看是递进关系。
)3.A.(B. 原文:“中国”不是“中国文化”快步走过西方国家几百年的发展历史。
C.原文“不仅仅是技术危机”D.坚持了价值观上的普遍“正确性”,是电影得到观众认可,达到奥斯卡提名水平的必要条件而不是充要条件。
)二、4.B (埸,边境,边界。
)5.C .取独(A.递进/承接 B.凭借/因为D.祈使语气,还是/反问语气,难道)6.D.对江南春天草长莺飞、杂花生树的景象描写主要是为了勾起身处北方的陈伯之对江南美丽故土的思念。
7(1):推寻您离开梁朝投靠北魏的时候,并没有其它原因,只是因为没能在内心对自己仔细考察,外面又受到流言的蛊惑,以致(或因而)到了这个地步。
(共6分,“寻”“去”、“就”、“直”、“直以”的“以”、各1分,其它句意通达1分)(2)然而将军却像鱼一样在烧沸水的釜鼎之中游泳,像燕子一样在飞动摇荡的帐幕之上筑巢,不是令人迷惑不解吗?(共4分,“鱼”、“燕”名作状语,共1分,两个状语后置翻译时提到前面共1分,“巢”,名作动1分,其它句意通达1分)8、相同点:①突出“愁”之多,都暗含故国之思。
②比喻手法及艺术效果:以“江水”喻“愁”,化抽象为具体,形象生动。
(2分)不同点:李词自问自答,写法曲折,突出“愁”如东流之水,汹涌浩荡,无穷无尽。
屈词则以“不东流”突出“愁”之重。
(2分)9、①饱含愁情的飞花,偏偏依傍让遗民难于面对的景阳殿,传达出作者浓重的亡国之痛、故国之思。
②“只余”“空有”写出六代繁华都已消亡,现在只有年年重生的芳草和园中空啼的乳莺,诗人借景抒情,表达出昔盛今衰的感慨。
③用“白门”与“白头”都用一个“白”字做文章,说金陵故都往事令人愁生白发,表现一种历史的沧桑感与无奈感。
安徽省合肥2014年高二上学期期末考试语文试卷

安徽省合肥2014-2015学年高二上学期期末考试语文满分:150分 ?? 用时:150分钟第Ⅰ卷(阅读题共66分)一、(9分)阅读下面的文字,完成1~3题。
①今天,一个新的领域在揭开第六感——道德感(是非观念)的面纱。
人们的道德直觉已经在实验室里、互联网上和大脑扫描中被抽离出来加以研究,人们更试图以博弈论、神经科学和进化论生物学来分析道德直觉。
②“有两种东西,我越是经常持久地对之凝神思索,就越是使我内心充满常新而日增的爱慕和敬畏,”康德写道,“天上的星空和心中的道德律令。
”如今人们越探索道德准绳,心里就越发感到敬畏,至于是否还能爱慕就不得而知了。
道德感(是非观念)原是一种相当复杂的结构,不仅如此,它还体现出了自身进化的历史和它的神经生物学的基础。
③要承认人的心理有专门的一部分作用于道德,就得先认识到人们对事物的既定的道德评价与他们对其他事物的成见是截然不同的两样东西。
道德化(moralization)是一种心理状态,就像一个开关,可开可关。
当这种道德开关被打开的时候,一种截然不同的思维模式便驾驭了我们的思考。
这种思维模式使我们将某些行为视作是不道德的,而不仅仅是难如人意的,或不合时宜的,又或者是不太明智的。
④道德感的首要特征是:被援引为规则的道德信条通常被视作是普适通用的。
比方说,禁止劫掠、禁止谋杀,这不会被人们视作一种当地风俗,而更具普适而客观的公允。
⑤道德感的另一项特征是:人们觉得那些犯下不道德罪行的人理应受到惩罚。
对那些违反道德律的人施加人身伤害仿佛是天经地义的;相反,让他们“侥幸脱逃”才是一种过错。
因此人们可以毫无不安地奉上帝之名或假国家之权来伤害那些他们认为不道德的人。
伯特兰·罗素曾写道:“让道学家们兴奋不已的,莫过于心安理得地对人施以残暴——也正因此他们才发明了地狱。
”⑥我们都体会过当心中的道德开关被打开时的感觉——正义之光在闪耀,愤怒火焰在燃烧,有种力量在感召。
心理学家罗津(Paul Rozin)曾经设计了一组对照,研究举止相仿却具有不同的“道德触发法则”的两类人,以此来探索触发道德感的开关之所在。