【全国百强校】甘肃省天水市第一中学2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测数学理科答案
甘肃省天水一中2019-2020学年第二学期高三诊断考试语文试题(11页)
甘肃省天水一中2019-2020学年第二学期高三诊断考试语文试题语文试题（满分：150分时间：150分钟）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.作答时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将答题卡交回，试卷自行保管。
一、现代文阅读（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成下面小题。
日本、印度茶业虽然在制度的构建主体、组织形式等方面呈现出不同，但有着根本的共同之处，即实现全体茶业参与者的利益均衡而非仅仅一部分茶业参与者的既得利益，构建有利于整个茶业发展的有效秩序，即他们的整个社会能够建立一个完整有效的生产、销售、组织制度体系，这是其成功的关键。
反观中国情形，正如1891年湖北盐茶牙厘局针对华茶为何衰落进行的调查所指出的那样：华茶在生产、收集以及加工过程中，都普遍存在着资金短缺的问题，而资金短缺的部分原因是体制的松散结构。
这种结构不仅导致了产品质量的下降，而且还由于茶叶运抵汉口出售之前要换好几手，层层加码使其价格抬升，其标价就比其竞争对手高得多。
总之，数百年来在国内贸易中运行得很好的由收集代理人与中间人组成的精致的网络，一旦面对新的体制外竞争形势，却被证明是笨拙的、无能为力的了。
为什么中国不能构建印度、日本等国有效的茶业制度呢？在近代中国，特别是在晚清和北洋政府时期，政府干预经济的能力相当弱，也不可能为市场的运作提供具体的规则，同时由于单个企业力量是有限的，那么市场交易规则的构建主体由谁来承担？杜恂诚教授认为：“商会和同业公会责无旁贷地肩负起市场操作层面的创建和完善制度秩序的责任。
”如果我们将问题的视角放大到中外贸易领域，市场制度的构建不仅需要商会和同业公会肩负其责，而且我们也不能忽略洋商的作用。
问题在于，他们构建的制度对利益各方有着怎样的“好处”，以及对经济有着怎样的效果，更值得我们关注。
在中国近代，对外贸易方面和其他行业，国家被排除在制定规范各方之制度的权威之外。
甘肃省天水一中2019届高三一轮第二次质测语文试卷(含答案)
天水市第一中学2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测语文试题现代文阅读论述类文本阅读阅读下面的文字，完成后面各题。
目前，我国的城市文化竞争力日趋增强。
然而，通过对其发展趋势的研判，特别是基于城市文化竞争力核心要素及其指数表现的分析，我国城市文化竞争力的提升依然面临着诸多难题，主要体现在以下几个方面。
文化基础设施不健全和公共文化服务功能不完善。
这是长期困扰我国城市文化竞争力的一大难题。
伴随着我国文化产业的突飞猛进，大量新兴文化业态不断涌现，大多数城市的文化基础设施及其服务机制却还停留在传统的单向供给模式。
既不能满足城市居民日益增长的文化需求，又无法有效承载新兴业态的发展需求。
以文化竞争力综合指数得分最高的北京为例，其文化设施要素得分仍旧偏低，恰好说明公共文化设施的数量，与庞大且还在不断增长的城市人口相比仍显不足。
没有资源，就没有发展，只有合理开发利用城市既有的文化资源，才能让城市文化生生不息。
然而目前我国城市文化资源的开发利用普遍存在观念雷同、模式粗放、效率低下等问题。
首先，越来越多的城市注重“文化兴城”，大打“文化牌”，但也出现“千城一面”和将文化泛化的现象。
“建筑文化”“名人文化”“服饰文化”“山水文化”等口号式、标语化的城市文化定位比比皆是。
其次，文化发展战略相互模仿和跟风抄袭的情况也非常突出。
第三，在资源的开发利用方面存在“重建设轻人文”的弊病，盲目上马重大项目，过分依赖硬件升级，而忽视城市精神遗产的传承和整体文化氛围的营造。
最突出的例子就是大多数城市对待文化资源的开发局限于浅层次的旅游开发，缺乏对城市历史文化和现代精神的提炼，缺乏内容创意和技术创新，无法形成具有鲜明个性和比较优势的城市文化品牌。
近几年，我国城市居民文化消费规模逐年扩大，文化市场呈现一片繁荣景象。
但无论市对比国际通行规律还是国内人均收入水平在文化消费方面的投入，我国城市文化消费总量仍然存在较大缺口。
以北京为例，城市文化竞争力排名全国首位，但是文化消费要素得分仍然偏低，这说明普通市民文化消费的潜力还需要地一步挖掘。
2019届甘肃省天水市第一中学高三上学期一轮复习第二次质量检测英语试题(扫描版)(4)
天水市一中2016级一轮复习第二次质量检测英语试题命题：离鸿绿小芸审核：卢婷婷，（满分：】50分时间；100分钟）第一部分阅读理解（共两节，满分40分）第一节（共1"、题：揶小迥2分，满分30分）闻读下面短文，从毎題所皓的As B, C和D四个选项中，选出迪隹选项.1' f =- ；*‘ I —y Hs」川J1. - ■. J ；：■ sA* RS F#j fg-il ! * Q ■ F,i p ..II °Huan s M啊36, has been working at lhe Yangshan Deep Water Port for 13 years. But for the”^ …_ b Snrst twelve yeans, he worked as a driver, operating machines in sky-high cranes （吊车）,Now, his■i■■ 了/ 3 •应,, ■,3>| 1 • K • j E f ■ （ - :* . f. ■. .-r -*r . r,#w or^ JocatiGn has moved to a control center, monitoring the cranes from afar.中门'x>li>fA 1. , !计5} j. : . 二At a traditinnai part》I WQH M work with a handle all day, repeating the 陶ne motion 12 ・「u P・m J - ■ ： i-M t-t / .. 叮 ' 厂』霍.• * I_ *>（ : T；■了：I H 广'tL>hours a day, four days a week, ] used lo have lots cf neck problems. Now the task is less physically chaJlenging, but much more complexj says Huang, who is now a crane teleopcrator,・- < -.> - ' - ;-Tfi .rNow, Huang^s daily work is to closely monitor a dozen computer screens, collect dau on thevehiclea and rail-mounted gantiy cranes （轨行龙仃吊）are new taking over （he job. While the labor cost is down 70 percent^ the handling efficiency 血increased by 50 ps'e^nt.' i 屮"■- , . <■■The Vice General Manager of the Shap^dong Container Terminal Branch, Luo Yunjic told CGTN that all t^e automated bandJing equipment is designed and manufactured in China. Once, the fourth phase （期）enters full operation, it will be abl? to handle 6,3 million TEUs. This will further strengthen Shanghai Port's status ss the busiest in ±e world.Shanghai has the awAitioii - of becoming a global shipping center by 2020. Phare IV of the•P-E Manual workm like Huang are no longer needed at the terniinal. Bridge cranes* auto-guided , ■- “- . ■ "■- …._•；; ?i -r r' •-rE M sv二点咸卑3— syporum肓inreach再gI .r窑IAt§f l igonl;弓o雯herB lf s lshippingso ^s i o ?morescmcgbui 巴SO s p sr yanevenbigger r o nin爭ccountry™B s--andR o g.i n i E-囂--• f旨difrerenc;ctwcenHgng-SPEemjQband t h £-OFF I >• Heworks kwerdaysaweek"c ・His-askis-CS3physn-a=ychaeenginE.,bu-muchmerecomplex"口HecanoperBccranesinacojuroleemer 津善H Because theybgvrt 0s nimpoaamworkfo d p pBecRus.e a =the jobsare donebybridgecrane ™a.£oguidg.vehicles andraivTnoun^dgantrycranw ~£XBecausefhey aren 」strong enou客 B woAthere-J •- "c3 -Which is the mosisuitablesuse iodesca.bepresem Yangshan Deep WM-CTPort*?A"ThebcsL ' py Y J 王®ThebusigD"The Q 10?ladvanced"” •I*■- - ■■■»■■ .w ””*cily c y d E-gUSA-LesAn唱-es「B pockelrsiaed m e g u al-eo sc*n£ Los Angcnsou ?Q wheels”isEeemB-glyfoT v i Ee.o r s八for locaEr*j »meries ofhikc-Mendly p s h sare a road.map s GrcwmingQudstsin theiro'-WIlG.t y HgaiF""city cyclm^exploresfivenQ.ghborhocKk才 总westidn昌Eastside and generallynorthefihe s andSOUE^字e o I -kineraHa -H1孑a paod ofa £<u Ghginning w x'h w-pots far co第氛IJd启f i !I蕙营 Shi 晶民 wign s ^o s a wh?亦cr £ “1S S H貝冒亶运孑醫邑H昌旨n畫扌.J忍旨R a o.n F常ES-h菖谓懐亍宀u w 1N星 Y貝 Chk晶。
【全国百强校顶尖名校】甘肃省天水市第一中学2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测 地理
天水市第一中学2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测地理试题（满分：100 时间：90分钟）一、单项单选题（1——20每题1.5分，21——40每题2分，共70分）1.为打击索马里海盗，吉布提港逐渐成为各国军舰后勤物资补给基地。
2014年8月，中国企业中标吉布提港口码头建设，一旦多功能码头建成，吉布提将成为区域航运和物流中心。
下图为世界局部地区示意图。
一艘军舰从吉布提港出发，以时速22节（1节＝1．852千米）航行，10小时后，该军舰可能位于（）A. 16°NB. 7°NC. 10°ND. 55°E【答案】C【解析】【分析】本题主要考查地球表面两点之间的距离【详解】根据材料信息，这艘军舰10小时行驶的距离大约是22*10*1.852＝407.44KM。
读图可知吉布提的地理坐标约为（11.6°N，43°E），16°N与吉布提的最近距离为（16－11.6）*111＝488.4KM，大于407.44KM，故A项不可能；同样道理，7°N与吉布提的最近距离为（11.6－7）*111＝510.6KM，大于407.44KM，故B项也不可能；55°E与吉布提的经度差为12°，因其纬度低，它们之间的最近距离也远大于407.44KM，故D项不可能。
综上分析，该军舰最可能位于10°N，本题的正确答案是C。
2.读“某一河流的部分河段示意图”，如果河中有沙金，淘金点产量最高的可能是A. a处B. b处C. c处D. d处【答案】B【解析】由图中经纬度信息可知，该河流位于北半球，地转偏向力向右偏，故河流有沙金的为b和c；由河流“凹岸侵蚀，凸岸堆积”的原则可知，b处河流堆积作用比c处强，故淘金点产量最高的是b，故B 正确，ACD错误。
故选B。
3.甲、乙两地的夜晚北极星的仰角同为60°，甲、乙两地经度如下图所示。
甘肃省天水市一中2019届高三一轮复习第二次质量检测(10.4-10.5) 语文答案
天水一中2016级2018-2019学年度第一学期第一阶段考试语文答案1.B解析：A选项原文中的表述是“文化基础设施不健全和公共文化服务功能不完善，是长期困扰我国城市文化竞争力的一大难题”，并没有提到“核心”这一重要概念。
C选项“直接”在原文中找不到依据。
D选项原文的表述是“东、中部城市在人才数量与质量上具有优势，但是依旧缺乏具有创新能力和国际视野的高端人才，特别是既懂得专业知识又善于经营管理的复合型人才”并没有提到“西部较发达地区”。
2.D解析：文章没有用到比喻论证的方法。
3.A解析：“文化基础设施及其服务机制是城市文化竞争力的基础”的定位在原文中并没有依据。
4. B5. ①强调百亩园是西湾村人安身立命的物资基础；（2分）②将百亩园抽象为一种生活方式的象征；③与下文百亩园的一朝被毁构成鲜明尖锐的对比。
（2分）（第一点必答，后面两点，任答一点即可）6.六安爷层面（3分）：①六安爷用这句话来回应村人的劝阻，由此能感受到他温和而又固执的性格特征；②百亩园即将不复存在，六安爷的眼睛也快要失明，他要过在百亩园劳作的“瘾”，由此能体会到他内心的隐痛。
小说主旨层面（3分）：①在大地上劳作是一种“瘾”，即劳动者的精神需要；②随着传统的农业生产、生活方式的结束，精神的意义只剩下“过瘾”，令人叹惋又发人深思。
7.B（旅游发展型仅仅是占比降低，数量并未减少。
两批特色小镇数量分别为127个和276个，旅游发展型数量约为64个和80个。
）（3分）8.C（A项下发文件的不只是国家发改委，还有住房城乡建设部等三部委。
B项原文是“可能重蹈‘摊大饼、造新城’的覆辙，让造出的新镇变‘空镇’”，并非已成事实。
D项“解决好生产生活生态空间相融合的问题”“创造好的生活和就业环境”只是吸引人才就业的条件，特色小镇的健康可持续发展需要的条件不仅是人才。
）（3分）9.防范市场风险。
严防政府债务风险和房地产化倾向。
科学规划。
出台评定标准，建立优。
2019届甘肃省天水市第一中学高三上学期一轮复习第二次质量检测物理试题(解析版)
天水一中2019届一轮复习第二次质量检测物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一．选择题：（每小题4分，共48分.其中第1-9题，每题仅有一个选项正确，第10-12题，每题有多个选项正确）1.东汉王充在《论衡·状留篇》中记述了球的运动：“圆物投之于地，东西南北，无之不可；策杖叩动，才微辄停”。
关于运动和力的关系，下列说法中正确的是A. 力是维持物体运动的原因B. 力是改变物体惯性大小的原因C. 力是改变物体位置的原因D. 力是改变物体运动状态的原因【答案】D【解析】这句话的意思是放置在地上运动的圆物，用棒拨动，才能使它停下来。
说明力是改变物体运动状态的原因，A、B、C错误、D正确。
2.如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位移-时间（x-t）图像．A质点的图像为直线，B质点的图像为过原点的抛物线，两图像交点C、D坐标如图所示．下列说法正确的是A. t1时刻B追上A，t2时刻A追上BB. t1~t2时间段内B质点的平均速度小于A质点的平均速度C. 质点A做直线运动，质点B做曲线运动D. 两物体速度相等的时刻一定在t1~t2时间段内的某时刻【答案】D【解析】图象的交点表示同一时刻到达同一位置而相遇，t1时刻A追上B，t2时刻B追上A，故A错误；t1～t2时间段内，两质点通过的位移相等，则B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等，故B错误．两物体的速度均为正值，故两质点均做直线运动，选项C错误；因曲线的切线的斜率等于物体的速度，故由图像可知两物体速度相等的时刻一定在t1～t2时间段内的某时刻，故D正确．故选D.点睛：解决本题的关键要理解位移-时间图象点和斜率的物理意义：知道两图线相交表示相遇，斜率表示速度．3.如图所示,物块A放在直角三角形斜面体B上面,B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁,初始时A、B静止;现用力F沿斜面向上推A,但A、B仍未动。
甘肃省天水市一中2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测化学试卷含解析
天水市一中2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测化学试卷1.化学与生活密切相关。
下列说法错误的是A. 碳酸钠可用于去除餐具的油污B. 漂白粉可用于生活用水的消毒C. 氢氧化铝可用于中和过多胃酸D. 碳酸钡可用于胃肠X射线造影检查【答案】D【解析】分析：A.碳酸钠溶液显碱性；B.漂白粉具有强氧化性；C.氢氧化铝能与酸反应；D.碳酸钡可溶于酸。
详解：A. 碳酸钠水解溶液显碱性，因此可用于去除餐具的油污，A正确；B. 漂白粉具有强氧化性，可用于生活用水的消毒，B正确；C. 氢氧化铝是两性氢氧化物，能与酸反应，可用于中和过多胃酸，C正确；D. 碳酸钡难溶于水，但可溶于酸，生成可溶性钡盐而使蛋白质变性，所以不能用于胃肠X射线造影检查，应该用硫酸钡，D错误。
答案选D。
点睛：本题主要是考查常见化学物质的性质和用途判断，题目难度不大。
平时注意相关基础知识的积累并能灵活应用即可，注意碳酸钡与硫酸钡的性质差异。
2.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A. 常温常压下，等物质的量浓度的Na2CO3与Na2S溶液中阳离子的数目相等B. 硅晶体中，有NA 个Si就有2 NA个Si—Si键C. 惰性电极电解食盐水，若线路中通过2 NA个电子的电量时，则阳极产生气体22.4 LD. 标准状况下，2 mol Na2O2与44.8 L SO2完全反应，转移的电子数目为2 NA【答案】B【解析】【详解】A中二者阳离子都只有钠离子和氢离子，且钠离子浓度相同。
但二者水解程度不同，溶液PH值不同，即氢离子浓度不同，所以阳离子数目不同，A错误；B选项中，每个硅原子成四个“半键”，即2个Si—Si键，所以硅晶体中，有NA 个Si就有2 NA个Si—Si键，正确；C选项中没明确气体的状况是标准状况，故C错误；D选项可类比过氧化钠与二氧化碳反应，二者恰好完全反应，则2molSO2生成硫酸根转移的电子数目为4NA，故D错误。
3.下列对于过氧化钙（CaO2）的叙述错误的是A. CaO2和水反应时，每产生1mol O2转移电子4molB. CaO2具有氧化性，对面粉可能具有增白作用C. CaO2中阴阳离子的个数比为1：1D. CaO2和CO2反应的化学方程式为：2CaO2+2CO2=2CaCO3+O2【答案】A 【解析】【详解】A选项中O2是由负一价的氧原子转化成的，每产生1mol O2转移电子2mol，故A错误入选；B凡是能生成氧原子的物质都有漂白作用，所以CaO2对面粉可能具有增白作用，正确；C选项，每个过氧根离子含有两个氧原子，所以CaO2中阴阳离子的个数比为1：1正确：D选项可类比过氧化钠与二氧化碳反应，故D正确。
甘肃省天水市第一中学2019届高三化学上学期一轮复习第二次质量检测试卷(含解析)
甘肃省天水市第一中学2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测化学试题1.化学与生活密切相关。
下列说法错误的是A. 碳酸钠可用于去除餐具的油污B. 漂白粉可用于生活用水的消毒C. 氢氧化铝可用于中和过多胃酸D. 碳酸钡可用于胃肠X射线造影检查【答案】D【解析】分析：A.碳酸钠溶液显碱性；B.漂白粉具有强氧化性；C.氢氧化铝能与酸反应；D.碳酸钡可溶于酸。
详解：A. 碳酸钠水解溶液显碱性，因此可用于去除餐具的油污，A正确；B. 漂白粉具有强氧化性，可用于生活用水的消毒，B正确；C. 氢氧化铝是两性氢氧化物，能与酸反应，可用于中和过多胃酸，C正确；D. 碳酸钡难溶于水，但可溶于酸，生成可溶性钡盐而使蛋白质变性，所以不能用于胃肠X 射线造影检查，应该用硫酸钡，D错误。
答案选D。
点睛：本题主要是考查常见化学物质的性质和用途判断，题目难度不大。
平时注意相关基础知识的积累并能灵活应用即可，注意碳酸钡与硫酸钡的性质差异。
2.设N A为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A. 常温常压下，等物质的量浓度的Na2CO3与Na2S溶液中阳离子的数目相等B. 硅晶体中，有N A个Si就有2 N A个Si—Si键C. 惰性电极电解食盐水，若线路中通过2 N A个电子的电量时，则阳极产生气体22.4 LD. 标准状况下，2 mol Na2O2与44.8 L SO2完全反应，转移的电子数目为2 N A【答案】B【解析】【详解】A中二者阳离子都只有钠离子和氢离子，且钠离子浓度相同。
但二者水解程度不同，溶液PH值不同，即氢离子浓度不同，所以阳离子数目不同，A错误；B选项中，每个硅原子成四个“半键”，即2个Si—Si键，所以硅晶体中，有N A个Si就有2 N A个Si—Si键，正确；C选项中没明确气体的状况是标准状况，故C错误；D选项可类比过氧化钠与二氧化碳反应，二者恰好完全反应，则2molSO2生成硫酸根转移的电子数目为4N A，故D错误。
甘肃省天水市一中2019届高三一轮复习第二次质量检测(10.4-10.5) 化学试题
天水市一中2016级一轮复习第二次质量检测化学试题（满分：100分时间：90分钟）可能用到的相对原子质量：H-1 O-16 Na-23 K--39 Mg-24 Al-27 Fe-56 Cu-64第Ⅰ卷（共45分）1.化学与生活密切相关,下列说法错误的是( )A．碳酸钠可用于去除餐具的油污 B．漂白粉可用于生活用水的消毒C．氢氧化铝可用于中和过多胃酸 D．碳酸钡可用于胃肠X射线造影检查2.设N A为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是( )A．常温常压下，等物质的量浓度的Na2CO3与Na2S溶液中阳离子的数目相等B．硅晶体中，有N A个Si就有2 N A个Si—Si键C．惰性电极电解食盐水，若线路中通过2 N A个电子的电量时，则阳极产生气体22.4 L D．标准状况下，2 mol Na2O2与44.8 L SO2完全反应，转移的电子数目为2 N A3.下列对于过氧化钙（CaO2）的叙述错误的是（）A．CaO2和水反应时，每产生1mol O2转移电子4molB．CaO2具有氧化性，对面粉可能具有增白作用C．CaO2中阴阳离子的个数比为1：1D．CaO2和CO2反应的化学方程式为：2CaO2+2CO2=2CaCO3+O24.金属及其化合物的转化关系是化学学习的重要内容之一。
下列各组物质的转化关系，不．全．是可通过一步反应完成的是（）A．Na→NaOH→Na2CO3→NaCl B．Al→Al2O3→Al(OH)3→AlCl3C．Mg→MgCl2→Mg(OH)2→MgSO4 D．Fe→FeCl2→Fe(OH)2→Fe(OH)35.工业上曾经通过反应“3Fe+4NaOH = Fe3O4+2H2↑+4Na↑”生产金属钠．下列有关说法正确的是( )A．用磁铁可以将Fe与Fe3O4分离 B．将生成的气体在空气中冷却可获得钠C．每生成22.4LH2，转移的电子数一定为4×6.02×1023 D．该反应中的氧化剂NaOH 6.下列根据实验现象得出的实验结论正确的是（）A. A B． B C． C D． D7.酸性溶液中过氧化氢能使Cr2O72-转化成蓝色的过氧化铬(CrO5，分子结构为)，该反应可用来检验Cr2O72-的存在，其反应的离子方程式为4H2O2＋Cr2O72-＋2H＋===2CrO5＋5H2O。
甘肃省天水市第一中学2019年高三上学期第二次检测历史试题
甘肃省天水市第一中学2019年高三上学期第二次检测历史试题一、选择题 本大题共40道小题。
1.1842年《中英南京条约》的第二条规定：自今以后，大皇帝恩准英国人民带同所属家眷，寄居大清沿海之广州、福州、厦门、宁波、上海等五处港口，贸易通商无碍；且大英国君主派设领事、管事等官住该五处城邑，专理商贾事宜，与各该地方官公文往。
下列说法错误的是 A.从社会史观看，五口通商有利于中国民族工业的兴起 B.从全球史观看，中国逐渐被纳入了资本主义世界体系 C.从文明史观看，五处港口成为中西文明碰撞的前沿 D.从现代化史观看，五口通商有利于中国社会的转型 2.第二次鸦片战争期间广州城陷后，两江总督何桂清恐战火北延，主动派下属去与英、法等国领事联络，宣布：“粤事应归粤办。
上海华夷并无嫌隙，应当照常贸易。
”咸丰皇帝在给何桂清的上谕中也认为“上海华夷并无嫌隙，应当照常贸易”。
这说明当时 A.地方自主性增强 B.清政府缺乏现代国家观念 C.中央集权削弱D.地方官员主动适应国际外交 3.1904年《时报》载：共和国家，主权在民，举凡一切政务，非由吾民通过，不可贸然施行，此必然之理也。
由此观之，吾民责任重大，已不待言。
从中折射出当时中国 A.民主革命成为时代主流 B.民主共和观念深入人心答案第2页，总21页C.民众积极参与国家管理D.民众国家责任意识增强 4.太平天国的领导者洪仁玕在《资政新篇》中大声疾呼：“中国必须认清世界大势，学俄罗斯、日本的榜样……‘因时制宜’，取法西方各国的‘纲常大典’。
”洪仁玕的这一观点①是主张在中国发展资本主义 ②是借鉴资本主义文明的产物 ③是对《天朝田亩制度》的继承和发展 ④没有摆脱农民阶级的局限性 A.①④ B.②③④ C.①② D.①②③ 5.咸丰九年（1859年），洋人来换合约，僧忠亲王诱而击沉其船，天下称快。
十年，夷人复至，京师不守，几丧天下。
这次事件A.推动帝国主义掀起瓜分中国狂潮B.使清政府成为列强统治中国的工具C.推动清政府允许外企合法化D.使列强侵华逐步深入中国内地 6.义和拳纵火如戏，攻城打仗亦如戏法。
甘肃省天水市第一中学2019届高三化学上学期一轮复习第二次质量检测试卷(含解析)
A. 图 1 表示向 l00mL0.l mol·L-l 的 A1Cl3 溶液中滴加 1 mol·L-1 的 NaOH 溶液时 n [Al(OH)3]的变化情况 B. 图 2 表示 KNO3 的溶解度曲线，图中 a 点表示的溶液通过升温可以得到 b 点 C. 图 3 表示某一放热反应，若使用催化剂，E1、E2、△H 都会发生改变
甘肃省天水市第一中学 2019 届高三上学期一轮复习第二次质量检测
化学试题
1.化学与生活密切相关。下列说法错误的是 A. 碳酸钠可用于去除餐具的油污 B. 漂白粉可用于生活用水的消毒 C. 氢氧化铝可用于中和过多胃酸 D. 碳酸钡可用于胃肠 X 射线造影检查 【答案】D 【解析】 分析：A.碳酸钠溶液显碱性； B.漂白粉具有强氧化性； C.氢氧化铝能与酸反应； D.碳酸钡可溶于酸。 详解：A. 碳酸钠水解溶液显碱性，因此可用于去除餐具的油污，A 正确； B. 漂白粉具有强氧化性，可用于生活用水的消毒，B 正确； C. 氢氧化铝是两性氢氧化物，能与酸反应，可用于中和过多胃酸，C 正确； D. 碳酸钡难溶于水，但可溶于酸，生成可溶性钡盐而使蛋白质变性，所以不能用于胃肠 X 射线造影检查，应该用硫酸钡，D 错误。答案选 D。 点睛：本题主要是考查常见化学物质的性质和用途判断，题目难度不大。平时注意相关基础 知识的积累并能灵活应用即可，注意碳酸钡与硫酸钡的性质差异。 2.设 NA 为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是 A. 常温常压下，等物质的量浓度的 Na2CO3 与 Na2S 溶液中阳离子的数目相等 B. 硅晶体中，有 NA 个 Si 就有 2 NA 个 Si—Si 键 C. 惰性电极电解食盐水，若线路中通过 2 NA 个电子的电量时，则阳极产生气体 22.4 L D. 标准状况下，2 mol Na2O2 与 44.8 L SO2 完全反应，转移的电子数目为 2 NA 【答案】B 【解析】 【详解】A 中二者阳离子都只有钠离子和氢离子，且钠离子浓度相同。但二者水解程度不同 ，溶液 PH 值不同，即氢离子浓度不同，所以阳离子数目不同，A 错误；B 选项中，每个硅原 子成四个“半键”，即 2 个 Si—Si 键，所以硅晶体中，有 NA 个 Si 就有 2 NA 个 Si—Si 键， 正确；C 选项中没明确气体的状况是标准状况，故 C 错误；D 选项可类比过氧化钠与二氧化
甘肃天水第一中学2019届高三化学上学期一轮复习第二次质量检测试卷(含解析)
甘肃省天水市第一中学2019届高三上学期一轮复习第二次质量检测化学试题1.化学与生活密切相关。
下列说法错误的是A. 碳酸钠可用于去除餐具的油污B. 漂白粉可用于生活用水的消毒C. 氢氧化铝可用于中和过多胃酸D. 碳酸钡可用于胃肠X射线造影检查【答案】D【解析】分析：A.碳酸钠溶液显碱性；B.漂白粉具有强氧化性；C.氢氧化铝能与酸反应；D.碳酸钡可溶于酸。
详解：A. 碳酸钠水解溶液显碱性，因此可用于去除餐具的油污，A正确；B. 漂白粉具有强氧化性，可用于生活用水的消毒，B正确；C. 氢氧化铝是两性氢氧化物，能与酸反应，可用于中和过多胃酸，C正确；D. 碳酸钡难溶于水，但可溶于酸，生成可溶性钡盐而使蛋白质变性，所以不能用于胃肠X 射线造影检查，应该用硫酸钡，D错误。
答案选D。
点睛：本题主要是考查常见化学物质的性质和用途判断，题目难度不大。
平时注意相关基础知识的积累并能灵活应用即可，注意碳酸钡与硫酸钡的性质差异。
2.设N A为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A. 常温常压下，等物质的量浓度的Na2CO3与Na2S溶液中阳离子的数目相等B. 硅晶体中，有N A个Si就有2 N A个Si—Si键C. 惰性电极电解食盐水，若线路中通过2 N A个电子的电量时，则阳极产生气体22.4 LD. 标准状况下，2 mol Na2O2与44.8 L SO2完全反应，转移的电子数目为2 N A【答案】B【解析】【详解】A中二者阳离子都只有钠离子和氢离子，且钠离子浓度相同。
但二者水解程度不同，溶液PH值不同，即氢离子浓度不同，所以阳离子数目不同，A错误；B选项中，每个硅原子成四个“半键”，即2个Si—Si键，所以硅晶体中，有N A个Si就有2 N A个Si—Si键，正确；C选项中没明确气体的状况是标准状况，故C错误；D选项可类比过氧化钠与二氧化碳反应，二者恰好完全反应，则2molSO2生成硫酸根转移的电子数目为4N A，故D错误。
甘肃省天水市一中2019届高三英语上学期一轮复习第二次质量检测试题
甘肃省天水市一中2019届高三英语上学期一轮复习第二次质量检测试题（满分：150分时间：100分钟)第一部分阅读理解（共两节，满分40分）第一节（共15小题；每小题2分，满分30分）阅读下面短文，从每题所给的A、B、C和D四个选项中，选出最佳选项。
AHuang Hua, 36, has been working at the Yangshan Deep Water Port for 13 years. But for the first twelve years, he worked as a driver, operating machines in sky-high cranes (吊车). Now, his work location has moved to a control center, monitoring the cranes from afar.“At a traditional port, I would work with a handle all day, repeating the same motion 12 hours a day, four days a week. I used to have lots of neck problems. Now the task is less physically challenging, but much more complex,” says Huang, who is now a crane teleoperator.Now, Huang’s daily work is to closely monitor a dozen computer screens, collect data on the operation status of each cargo crane, and deal with emergencies and malfunctions (故障).Manual workers like Huang are no longer needed at the terminal. Bridge cranes, auto-guided vehicles and rail-mounted gantry cranes (轨行龙门吊) are now taking over the job. While the labor cost is down 70 percent, the handling efficiency has increased by 50 percent.The Vice General Manager of the Shangdong Container Terminal Branch, Luo Yunjietold CGTN that all the automated handling equipment is designed and manufactured in China. Once the fourth phase (期) enters full operation, it will be able to handle 6.3 million TEUs. This will further strengthen Shanghai Port’s status as the busiest in the world.Shanghai has the ambition of becoming a global shipping center by 2020. Phase IV of the Yangshan Port marks an important step in reaching that goal. In the near future, the Shanghai Port not only aims to gather more value-added shipping resources and offer more various services, but also to play an even bigger role in the country’s Belt and Road initiative.1. What is the difference between Huang’s present job and that of the past?A. He works fewer days a week.B. He has fewer neck problems.C. His task is less physically challenging, but much more complex.D. He can operate cranes in a control center far away.2. Why are n’t manual workers like Huang needed at the terminal any longer?A. Because the labor cost is down 70 percent.B. Because they have more important work to do.C. Because all the jobs are done by bridge cranes, auto-guided vehicles and rail-mounted gantry cranes.D. Because they aren’t strong enough to work there.3. Which is the most suitable to use to describe present Yangshan Deep Water Port?A. The best.B. The busiest.C. The largest.D. The most advanced.B“City Cycling USA: Los Angeles,” a pocket-sized tour guide to seeing Los Angeles on two wheels, is seemingly for visitors; for locals, its series of bike-friendly paths and itineraries (行程) are a road-map to becoming tourists in their own city again.“City Cycling” explores five neighborhoods in the Westside and Eastside and generally north of the 10 and south of the 101. Itineraries fit the period of a day, beginning with spots for coffee, walking along museums and shops, and finishing off with recommendations of where to buy a well-deserved drink. Published by Thames and Hudson in association with London cycling brand Rapha Racing, the guidebook is among the first U.S. sections —alongside New York, Chicago and San Francisco — in a series launched in 2013 with biking tours of eight European cities.Greatest hits such as the Bradbury Building and Echo Park Lake are included in the neighborhood tours, with plenty of fashionable places for where to eat —Eggslut, Pine & Crane and Gjusta. The guide is a reminder of how crowdedly packed each enclave (飞地) of L.A. is with unusual destinations, the large number of places to explore within a few square mile radius (半径), easily done once we step out of the car.Los Angeles’ famously pleasant wea ther makes it an ideal city for exploring by bike; neighborhoods have different styles. While the car still plays an important role, cycling culture, like CicLAvia, already has full support, and isprepared to grow with the implementation (实施) of Mobility Plan 2035, which aims to make the city more bike friendly. “City Cycling USA: Los Angeles” is a start.4. Who is City Cycling USA: Los Angeles really intended for?A. Locals on bikes.B. Visitors on bikes.C. Tourist on bikesD. Bicyclists5. Where does each itinerary begin and end?A. Where there is a café.B. Where it is convenient for tourists on bikes.C. Where drink can be bought easily.D. Where there are museums and shops.6. What are Eggslut, Pine & Crane and Gjusta used for?A. Destinations you can reach within a day.B. Places where you can eat.C. Guides to a enclave of L.A. crowded with unusual destinations.D. Places where you can see the Bradbury Building and Echo Park Lake.7. Why is Los Angeles fit to explore by bike?A. Because of its pleasant weather.B. Because of cycling culture.C. Because of Mobility Plan 2035.D. Because it is bike friendly.CRoger Federer, who recently became the oldest man to hold the No. 1 ranking in men’s tennis at the ag e 36, will bring a 12-match winning streak (连胜) to the BNP Paribas Open, which starts this week at the Indian Wells Tennis Garden.Federer, a five-time winner of the hard-court event and a 20-time Grand Slam singles champion, on Tuesday was seeded No. 1 in a field that has been given upby injuries to several excellent players. Among those missing are world No. 2 Rafael Nadal (hip injury), Stan Wawrinka (knee), who lost to Federer in the 2017 final, David Goffin (eye) and Andy Murray (hip surgery).Federer, who has spent 305 weeks of his career at the top the Assn of Tennis Professional world rankings, must reach the semifinals (半决赛) at Indian Wells to keep his No. 1 status. If he exits sooner than that, Nadal would regain the top spot. Federer has a first-round bye (轮空) and a seemingly easy projected route to the quarterfinals, where he likely would face No. 5 seed Dominic Thiem of Austria.Five-time Indian Wells champion Novak Djokovic, who had a small medical intervention (干预) on his troublesome right elbow earlier this year, was seeded 10th in the tournament. Djokovic has played only four matches this year because of his elbow problems and hasn’t played a tournament since he lost to Hyeon Chung of South Korea in the round of 16 at the Australian Open in January.Maria Sharapova of Russia will face Naomi Osaka of Japan on Wednesday with their match scheduled for not before 5:00 p.m.On Thursday, Serena Williams will play Zarina Diyas of Kazakhstan and Victoria Azarenka of Belarus will play Heather Watson of the United Kingdom during the evening session (7 p.m. start).8. Why does Federer have a seemingly easy projected route to the quarterfinals?A. Because he is seeded No. 1B. Because many excellent players are missing.C. Because he is well enough to beat any player.D. Because he has a first-round bye.9. Who is most likely to be the seed next to Federer among the players who can play in the BNP Paribas Open?A. Rafael Nadal.B.Novak Djokovic.C. Dominic Thiem.D. Maria Sharapova.10. What is the trouble with Novak Djokovic, which stopped him playing the tournament?A. He was seeded 10th in the tournament.B. He has played fewest matches.C. He lost to Hyeon Chung.D. He has elbow problems.11. Why does the author use most words to talk about Federer?A. Because he is seeded No. 1.B. Because will bring a 12-match winning streak.C. Because he is the oldest to hold the No. 1 ranking and was seeded No. 1.D. Because the author believes he can beat anyone in the tournament.DChinese researchers say they have come up with a simple way to find out a person’s biological age —how much the body has aged physically –through a urine (尿) test.Their findings will help researchers conduct numbers of ageing studies and even predict a person’s risk of age-related diseases, according to a paper published in the journal Frontiers in Ageing Neuroscience.Another paper by researchers at the Beijing Hospital and the West China Hospital in Chengdu, Sichuan province, said on Tuesday that people aged at different rates due to changes in their genetic make-up and their environment.Chronological age –which is based on one’s birth date —was an inaccurate measure of biological age so a more accurate method was needed, the team said.Ageing is driven by the lifelong gradual accumulation of a broad variety of molecular (分子) faults in the body’s cells. The team said they had identified a matter —8-oxoGsn — that indicated increases in oxidative (氧化性) damage in urine as people’s bodies aged.Cai Jianping, a co-author at the Beijing Hospital, said: “As we age, we suffer increasing oxidative damage and so the levels of oxidative matters increase in our body.” The team tested the levels of 8-oxoGsn in urine samples from 1,228 Chinese people aged two to 90 and concluded the marker helped accurately determine the stage of biological ageing in adults.They had previously found that 8-oxoGsn levels also increased with age in the urine of animals such as mice.The team has also developed a rapid analysis technique called ultra-high-performance liquid chromatography, which can process up to 10 urine samples an hour, according to the study.12. Scientifically speaking, by what does a doctor judge the stage of a person getting old?A. His biological age.B. His condition.C. His psychology.D. His chronological age.13. What are the outer factors the speed of one’s ageing physically depend on?A. One’s birth date.B. The increases in oxidative damage in urine.C. The accumulation of various molecular faults in the body’s cells.D. The changes in their genetic make-up and their environment.14. Which can take the place of the underlined word “marker” in the sixth paragraph?A. Molecular faults.B. 8-oxoGsn.C. Oxidative damage.D. Stage of biological ageing in adults.15. What is the passage about?A. Why people are ageing.B. How to delay people’s ageing physically.C. A rapid method with which to judge how much people are aging physically.D. What determines the stage of people’s ageing physically.第二节 (共5小题；每小题2分，满分10分)根据短文内容，从短文后的选项中选出能填入空白处的最佳选项。
2019-2020学年甘肃省天水一中高三(上)第二次考试数学试卷(文科)
2019-2020学年甘肃省天水一中高三（上）第二次考试数学试卷（文科）一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1. 已知集合A ={x |x 2-2x -3＜0}，集合B ={x |2x +1＞1}，则C B A =（）A.B.C.D.2. 下列说法错误的是（）A. 命题“若x 2﹣4x +3=0，则x =3”的逆否命题是“若x ≠3，则x 2﹣4x +3≠0”B. “x ＞1”是“|x |＞0”的充分不必要条件C. 若p ∧q 为假命题，则p 、q 均为假命题D. 命题p ：“∃x ∈R ，使得x 2+x +1＜0”，则非p ：“∀x ∈R ，x 2+x +1≥0”3. 已知m ，n 为两条不同的直线，α，β为两个不同的平面，对于下列四个命题：①m ⊂α，n ⊂α，m ∥β，n ∥β⇒α∥β②n ∥m ，n ⊂α⇒m ∥α ③α∥β，m ⊂α，n ⊂β⇒m ∥n ④m ∥α，n ⊂α⇒m ∥n其中正确命题的个数有（ ） A. 0个 B. 1个C. 2个D. 3个4. 若cos （-α）=，则cos （+2α）的值为（）A. B.C.D.5. 已知等差数列的前n 项为，且，，则使得取最小值时的n 为( ) A. 1 B. 6C. 7D. 6或76. 若直线2ax -by +2=0（a ＞0，b ＞0）被圆x 2+y 2+2x -4y +1=0截得的弦长为4，则的最小值是（ ） A. 5 B. 6 C. 8D. 97. 已知一个简单几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为A.B.C.D. 128. 函数f （x ）=+ln|x |的图象大致为（ ）A. B.C. D.9.x，y满足约束条件，若z=y-2ax取得最大值的最优解不唯一，则实数a的值为（）A. 或-1B. 1或-C. 2或1D. 2或-110.已知函数f（x）=，g（x）=sin x+cos x+4，若对任意t∈[-3，3]，总存在s∈[0，]，使得f（t）+a≤g（s）（a＞0）成立，则实数a的取值范围为（（）A. （0，1]B. （0，2]C. [1，2]D. [2，9]11.已知O是平面上一定点，A﹑B﹑C是平面上不共线的三个点，动点P满足=+λ（+）λ∈[0，+∞），则点P的轨迹一定通过△ABC的（）A. 外心B. 内心C. 重心D. 垂心12.定义R上的减函数，其导函数满足，则下列结论正确的是（）A. 当且仅当，B. 当且仅当，C. 对于，D. 对于，二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.若命题“p：∀x∈R，ax2+2x+1＞0”是假命题，则实数a的取值范围是______．14.等差数列，的前n项和分别为，，且，则______ ．15.已知,为单位向量且夹角为,设,,在方向上的投影为______ ．16.如图，在正三角形ABC中，D，E，F分别为各边的中点，G，H分别为DE，AF的中点，将△ABC沿DE，EF，DF折成正四面体P-DEF，则四面体中异面直线PG与DH所成的角的余弦值为______．三、解答题（本大题共6小题，共70.0分）17.等比数列的各项均为正数，，，成等差数列，且满足．Ⅰ求数列的通项公式；Ⅱ设，，求数列的前n项和．18.已知函数，．求函数的单调区间；若把向右平移个单位得到函数，求在区间上的最小值和最大值．19.△ABC中，角A，B，C的对边分别是a，b，c，已知（2a+b）sin A+（2b+a）sin B=2c sin C．（Ⅰ）求C的大小；（Ⅱ）若，求△ABC周长的最大值．20.在三棱锥S-ABC中，△ABC是边长为2的正三角形，平面SAC⊥平面ABC，SA=SC=2，M、N分别为AB、SB的中点．（1）证明：AC⊥SB；（2）求三棱锥B-CMN的体积．21.已知函数f（x）为R上的偶函数，g（x）为R上的奇函数，且f（x）+g（x）=log4（4x+1）．（1）求f（x），g（x）的解析式；（2）若函数h（x）=f（x）-在R上只有一个零点，求实数a的取值范围．22 已知函数．（1）讨论函数f（x）的单调性；（2）若函数f（x）在定义域内恒有f（x）≤0，求实数a的取值范围．2019-2020学年甘肃省天水一中高三（上）第二次考试数学试卷（文科）答案和解析【答案】1. A2. C3. A4. A5. B6. D7. A8. B9. B10. B11. C12. D13.14.15.16.17. 解：（Ⅰ）设等比数列{a n}的公比为q＞0，∵2a5，a4，4a6成等差数列，∴2a4=2a5+4a6，∴2a4=2a4（q+2q2），化为：2q2+q-1=0，q＞0，解得q=，又满足，∴=4，化为：1=4a1q，解得a1=，∴a n=（n∈N*）；（Ⅱ）b n===-，n∈N*，∴数列{b n}的前n项和S n=+++=1-，n∈N*．18. 解：（1）=1+2sin x cosx-2sin2x，=sin2x+cos2x=2sin（2x+），令2kπ-≤2x+≤2kπ+，k∈Z，得kπ-≤x≤kπ+，k∈Z，可得函数的单调增区间为[kπ-，kπ+]，k∈Z；令2kπ+≤2x+≤2kπ+，k∈Z，得kπ+≤x≤kπ+，k∈Z，可得函数的单调减区间为[kπ+，kπ+]，k∈Z；（2）若把函数f（x）的图像向右平移个单位，得到函数=的图像，∵x∈[-，0]，∴2x-∈[-，-]，∴∈[-2，1]．故g（x）在区间上的最小值为-2，最大值为1．19. 解：（Ⅰ）∵（2a+b）sin A+（2b+a）sin B=2c sin C，∴由正弦定理得，即a2+b2-c2=-ab，∴，由0＜C＜π，∴．（Ⅱ）∵，∴，∴a=2sin A，b=2sin B．设周长为l，则===.∵，∴2＜2sin（A+）+≤2+，当A，即时，取得最大值,∴△ABC周长的最大值为．20. （1）证明：取AC中点D，连接SD，DB．因为SA=SC，AB=BC，所以AC⊥SD且AC⊥BD，因为SD∩BD=D，所以AC⊥平面SDB．又SB⊂平面SDB，所以AC⊥SB；（2）解：因为AC⊥平面SDB，AC⊂平面ABC，所以平面SDB⊥平面ABC，过N作NE⊥BD于E，则NE⊥平面ABC，因为平面SAC⊥平面ABC，SD⊥AC，所以SD⊥平面ABC，又因为NE⊥平面ABC，所以NE∥SD，由于SN=NB，所以NE=SD=所以S△CMB=CM•BM=，所以V B-CMN=V N-CMB=S△CMB•NE==.21. 解：（1）因为，…①，∴，∴…②由①②得，．（2）由=．得：，令t=2x，则t＞0，即方程…（*）只有一个大于0的根，①当a=1时，，满足条件；②当方程（*）有一正一负两根时，满足条件，则，∴a＞1，③当方程（*）有两个相等的且为正的实根时，则△=8a2+4（a-1）=0，∴，a=-1（舍）时，，综上：或a≥1．22. 解：（1）f（x）的定义域是（0，+∞），，当a≤0时，f'（x）＜0，则f（x）在（0，+∞）上递减；当a＞0时，令f'（x）=0，得（负根舍去）．当f'（x）＞0得，；令f'（x）＜0，得，∴在上递增，在（上递减；（2）当a=0时，f（x）=-x2＜0，符合题意．当a＞0时，，∵a＞0，∴，∴，∴0＜a≤2．当a＜0时，在（0，+∞）上递减，且与的图象在（0，+∞）上只有一个交点，设此交点为（x0，y0），则当x∈（0，x0）时，f（x）＞0，故当a＜0时，不满足f（x）≤0．综上，a的取值范围[0，2].【解析】1. 【分析】本题考查不等式求解及集合的补集，属于基础题.根据集合A是二次不等式的解集，集合B是指数不等式的解集，因此可求出集合A，B，根据补集的求法求得C B A．【解答】解：因为A={x|x2-2x-3＜0}={x|-1＜x＜3}，B={x|2x+1＞1}={x|x＞-1}，则C B A=[3，+∞) ,故选A．2. 【分析】本题考查的知识点是四种命题，充要条件，复合命题，难度中档．写出原命题的逆否命题，可判断A；根据充要条件的定义，可判断B；根据复合命题真假判断的真值表，可判断C；写出原命题的否定命题，可判断D．【解答】解：命题“若x2-4x+3=0，则x=3”的逆否命题是“若x≠3，则x2-4x+3≠0”，故A正确；“|x|＞0”⇔“x≠0”，则“x＞1”是“|x|＞0”的充分不必要条件，故B正确；若p∧q为假命题，则p、q存在假命题，但不一定均为假命题，故C错误；命题p：“∃x∈R，使得x2+x+1＜0”，则非p：“∀x∈R，x2+x+1≥0”，故D正确；故选C．3. 解：①由m⊂α，n⊂α，且m∩n=O，m∥β，n∥β⇒α∥β，故①不正确；②n∥m，n⊂α，如果m⊂α则不可能有m∥α，可得②不正确；③α∥β，m⊂α，n⊂β⇒m∥n或m，n异面，则③不正确；④m∥α，n⊂α⇒m∥n或m，n异面，则④不正确．综上可得，没有正确的命题．故选：A．由面面平行的判定定理，即可判断①的正误；运用线面平行的性质定理，即可判断②的正误；由面面平行的定义和性质，即可判断③的正误；由线面的位置关系，及线面平行的性质即可判断④的正误．本题考查空间线线、线面和面面的位置关系的判断，注意运用判定定理和性质定理，考查空间想象能力和推理能力，属于中档题．4. 【分析】本题考查了二倍角余弦公式与诱导公式的应用问题，是基础题.利用二倍角公式求出cos（-2α）的值，再利用诱导公式求出cos（+2α）的值．【解答】解：∵cos（-α）=，∴cos（-2α）=2cos2（-α）-1=2×-1=-，∴cos（+2α）=cos[π-（-2α）]=-cos（-2α）=．故选A．5. 【分析】本题考查等差数列的前n项和，研究等差数列的前n项和的最小值，常用的方法是找出所有的负项，即可得到前n项和的最小值，属于基础题．由题意，可根据a1+a5=-14，S9=-27，解出数列的公差，从而求得数列的通项公式，求出所有负数项的个数，即可得出S n取最小值时，n所取的值．【解答】解：设等差数列{a n}的公差是d，∵a1+a5=-14，S9=-27，∴2a1+4d=-14，即a1+2d=-7，①S9==9（a1+4d）=-27，即a1+4d=-3，②联立①②得到：a1=-11，d=2．故有a n=a1+（n-1）d=2n-13．令a n≤0，可解得n≤，由此知，数列的前6项为负项,第7项为正项，故S n取最小值时，n等于6．故选B.6. 【分析】本题考查基本不等式，难点在于对“直线2ax-by+2=0（a＞0，b＞0）经过圆心O（-1，2），”的理解与应用，难度适中.【解答】解：由x2+y2+2x-4y+1=0得（x+1）2+（y-2）2=4，∴该圆的圆心为O（-1，2），半径r=2，又直线2ax-by+2=0（a＞0，b＞0）被圆x2+y2+2x-4y+1=0截得的弦长为4，∴直线2ax-by+2=0（a＞0，b＞0）经过圆心O（-1，2），∴-2a-2b+2=0，即a+b=1，又a＞0，b＞0，∴=（）•（a+b）=1+++4≥5+2=9（当且仅当a=，b=时取“=”）．故选D.7. 【分析】本题考查由三视图求面积、体积，关键是由三视图还原几何体，是中档题．由三视图还原几何体，可知该几何体为组合体，左边部分是四分之一圆锥，右边部分为三棱锥，然后由锥体体积求解．【解答】解：由三视图还原几何体如图，该几何体为组合体，左边部分是四分之一圆锥，右边部分为三棱锥，则其体积V=．故选A．8. 【分析】本题考查函数的图象，考查对函数基础知识的把握程度以及数形结合与分类讨论的思维能力，属于基础题.代入特殊值，通过函数单调性逐一排除选项即可求解.【解答】解：当x＜0时，函数f（x）=，由函数y=、y=ln（-x）递减知函数f（x）=递减，排除CD；当x＞0时，函数f（x）=，此时，f（1）==1，而选项A的最小值为2，故可排除A，故只有B正确，故选B．9. 解：作出不等式组对应的平面区域如图：（阴影部分ABC）．由z=y-2ax得y=2ax+z，即直线的截距最大，z也最大．若a=0，此时y=z，此时，目标函数只在A处取得最大值，不满足条件，若a＞0，目标函数y=2ax+z的斜率k=2a＞0，要使z=y-2ax取得最大值的最优解不唯一，则直线y=2ax+z与直线2x-y+2=0平行，此时2a=2，即a=1．若a＜0，目标函数y=2ax+z的斜率k=2a＜0，要使z=y-2ax取得最大值的最优解不唯一，则直线y=2ax+z与直线x+y-2=0，平行，此时2a=-1，解得a=-综上a=1或a=-，故选：B作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，得到直线y=2ax+z斜率的变化，从而求出a的取值．本题主要考查线性规划的应用，利用目标函数的几何意义，结合数形结合的数学思想是解决此类问题的基本方法．注意要对a进行分类讨论．10. 解：对于函数f（x），当x≤0时，f（x）=x+3，由-3≤x≤0，可得f（t）∈[-4，3]，当x＞0时，f（x）=-x2+2x+3=-（x-1）2+4，由0＜x≤3，可得f（x）∈[0，4]，∴对任意t∈[-3，3]，f（t）∈[-4，4]，对于函数g（x）=sin x+cos x+4=2sin（x+）+4，∵x∈[0，]，∴（x+）∈[，π]，∴g（x）∈[4+，6]，∴对于s∈[0，]，使得g（s）∈[4+，6]，∵对任意t∈[-3，3]，总存在s∈[0，]，使得f（t）+a≤g（s）（a＞0）成立，∴a+4≤6，解得0＜a≤2，故选：B．分别求出f（x）在[-3，3]的值域，以及g（x）在[0，]的值域，对任意t∈[-3，3]，总存在s∈[0，]，使得f（t）+a≤g（s）（a＞0）成立，得到a的关系式，解出即可本题考查分段函数的值域，函数的单调性及运用，同时考查任意的，总存在的类型的解法，注意转化为求函数的值域，以及™的包含关系，本题属于中档题．11. 解：∵=设它们等于t，∴=+λ（+）而+=2λ（+）表示与共线的向量而点D是BC的中点，所以即P的轨迹一定通过三角形的重心．故选C将=提取出来，转化成λt（+），而λt（+）表示与共线的向量，点D是BC的中点，故P的轨迹一定通过三角形的重心．本题主要考查了空间向量的加减法，以及三角形的三心等知识，属于基础题．12. 【分析】本题考查了利用导数研究函数的单调性、不等式的性质与解法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．f（x）是定义在R上的减函数，，可得＞0，因此函数y=（x-1）f（x）在R上单调递增，对x分类讨论即可得出．【解答】解：∵f（x）是定义在R上的减函数，f′(x)＜0，∴，化为f(x)+x＞，∴f（x）+f′(x)(x-1)＞0，∴＞0，∴函数y=(x-1)f(x)在R上单调递增，而x=1时，y=0，则x＜1时，y＜0，当x∈(1，+∞)时，x-1＞0，故f(x)＞0，又f（x）是定义在R上的减函数，∴x≤1时，f(x)＞0也成立，∴f（x）＞0对任意x∈R成立．故选D．13. 【分析】本题以命题的真假判断与应用为载体，考查了二次函数的图象和性质，难度中档．若命题“p：∀x∈R，ax2+2x+1＞0”是假命题，则是真命题，根据a的取值分类讨论，进而得到实数a的取值范围．【解答】解：若命题“p：∀x∈R，ax2+2x+1＞0”是假命题，则∃x∈R，ax2+2x+1≤0为真命题，当a=0时，y=2x+1为一次函数，满足条件；当a＜0时，y=ax2+2x+1是图象开口朝下的二次函数，满足条件；当a＞0时，y=ax2+2x+1是图象开口朝上的二次函数，则函数图象与x轴有交点，即=4-4a≥0，解得0＜a≤1.综上，实数a的取值范围是，故答案为.14. 【分析】本题主要考查等差数列的性质以及等差数列的前n项和公式的应用，属于基础题.根据等差数列的前n项和公式进行转化即可．【解答】解：在等差数列中，===，∵，∴==.故答案为.15. 【分析】本题考查单位向量及向量投影的定义.已知，且，根据数量积的定义可求出及的值，从而得出在方向上投影的值．【解答】解：===，且；∴在方向上的投影为：=．故答案为．16. 【分析】本题考查空间点、线、面的位置关系及学生的空间想象能力、求异面直线角的能力．在立体几何中找平行线是解决问题的一个重要技巧，这个技巧就是通过三角形的中位线找平行线，如果试题的已知中涉及到多个中点，则找中点是出现平行线的关键技巧．折成的四面体是正四面体，画出立体图形，根据中点找平行线，把所求的异面直线角转化为一个三角形的内角来计算．【解答】解：如图，连接HE，取HE的中点K，连接GK，则GK∥DH，故∠PGK即为所求的异面直线角或者其补角．设这个正四面体的棱长为2，在△PGK中，，，故．即异面直线PG与DH所成的角的余弦值是．故答案为：．17. 本题考查了“裂项求和”方法、等差数列与等比数列的通项公式与求和公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．（Ⅰ）设等比数列{a n}的公比为q＞0，由2a5，a4，4a6成等差数列，可得2a4=2a5+4a6，化为：2q2+q-1=0，q＞0，解得q．又满足a4=4a32，化为：1=4a1q，解得a1，可得a n；（Ⅱ）b n===-，n∈N*，利用“裂项求和”方法即可得出．18. 本题主要考查三角函数的化简及函数y=A sin（ωx+φ）的图象性质和最值，考查了学生的计算能力，培养了学生分析问题与解决问题的能力，属于中档题．（1）利用二倍角公式和辅助角公式，化简函数f（x）的解析式，再利用正弦函数的单调性，求得函数f（x）的单调区间；（2）利用函数y=A sin（ωx+φ）的图象变换规律求得g（x）的解析式，由x的范围求出的范围，即可利用正弦函数的性质求出g(x)的范围．19. 本题考查三角形周长的最大值的求法，考查余弦定理、正弦定理等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力，考查化归与转化思想、方程与函数思想，是中档题．（Ⅰ）由正弦定理得到a2+b2-c2=-ab，由此利用余弦定理能求出；（Ⅱ）由正弦定理求出a=2sin A，b=2sin B．由此求出周长l=，由此能求出△ABC周长的最大值．20. 本题考查线面垂直，考查三棱锥体积的计算，解题的关键是掌握线面垂直的判定与性质，属于中档题．（1）取AC中点D，连接SD，DB，证明AC⊥平面SDB，由线面垂直的性质可得AC⊥SB；（2）由V B-CMN=V N-CMB，即可求得三棱锥B-CMN的体积．21. 本题考查函数的零点的求法，分类讨论思想的应用，函数的奇偶性的应用，考查计算能力．（1）利用函数的奇偶性列出方程组求解即可得到函数的解析式．（2）利用函数只有一个零点，通过换元法，对a讨论，结合二次函数的性质求解即可．22. 本题主要考查导数的应用，函数的单调性以及函数的最值在问题中的应用，考查分类讨论思想的应用，考查计算能力，属于较难题．（1）求出导函数通过a与0的大小比较，判断导函数的符号，然后求解单调性．（2）通过a与0的大小，分类讨论函数的最值，推出结果即可．。
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参考答案
1．D 2．B 3．C 4．C 5．B 6．A 7．B 8．C 9.B 10.D 11. C 12． C 13．14．15． 16．
17．(Ⅰ)由得
又，所以，
所以，
又因为，
所以的夹角为120°.
(Ⅱ)由已知得，
所以，
因为向量与的夹角为钝角，所以，
解得，
设，
所以，解得，
当时，，
当时，因为向量与的夹角为180°，
所以向量与的夹角为钝角时，
的取值范围是.
18.（Ⅰ）因为是奇函数，
所以，
整理得，，即
又得，
所以，
由，得，即
（Ⅱ）由（Ⅰ）知，
，
因为，
所以，
又，所以或，
①由，
所以，
②由，，
得，
所以，
综上，或.
19.（Ⅰ）解：当a=1时，f（x）=，f（2）=3；, .所以曲线y=f（x）在点（2，f（2））处的切线方程为y-3=6（x-2），即y=6x-9
（Ⅱ）解：.令，解得x=0或x=
以下分两种情况讨论：
若，当x变化时，，的变化情况如下表：
当等价于
解不等式组得-5<a<5.因此.
(2)若a>2，则.当x变化时，，的变化情况如下表：
当时，f（x）>0等价于即
解不等式组得或.因此2<a<5
综合（1）和（2），可知a的取值范围为0<a<5.
20.解：（1）因为，所以，
即，
又因为，，所以，则，
所以.
（2）在中，由余弦定理得：
，解得：，在中，由正弦定理得：
，即，
所以，
在中，由余弦定理得：
，即 .
21.详解：（1），
当时，，
当时，，
又∵是等差数列，
∴，∴；
（2）.
∴
.
当且逐渐增大时，增大. ∴.
22.（Ⅰ）．
（i）设,则,只有一个零点．
（ii）设,则当时,；当时,．所以在
上单调递减,在上单调递增．
又,,取满足且,则
,
故存在两个零点．
（iii）设,由得或．
若,则,故当时,,因此在上单调递增．又当时,,所以不存在两个零点．
若,则,故当时,；当
时,．因此在单调递减,在单调递增．又当
时,,所以不存在两个零点．
综上,的取值范围为．
（Ⅱ）不妨设,由（Ⅰ）知,,在上单调递减,所以等价于,即．
由于,而,所以
．
设,则．
所以当时,,而,故当时,．
从而,故．。