山西省朔州市怀仁一中2015-2016学年高一(上)期中物理试卷【解析版】
2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高二(上)期中物理试卷
2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高二（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题(本大题共1小题，共4.0分)1.对一电容器充电时电容器的电容C，带电荷量Q，电压U之间的关系图象如图所示，其中正确的是（）A. B. C. D.【答案】CD【解析】解：A、B、C电容的定义式是C=，可知电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，由电容器本身决定，对于给定的电容器电容C是一定的，故AB错误，C正确．D、C一定，由C=，得知，Q∝U，故D正确．故选CD电容器的电容由本身的性质决定，与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比．解决本题的关键掌握电容的定义式，知道C与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比，同时理解电容器电容大小与那些因素有关．二、单选题(本大题共1小题，共4.0分)2.一个带正电的油滴从图所示的匀强电场上方A点自由下落，油滴落入匀强电场后，能较准确地描述油滴运动轨迹的是图中的（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：液滴进入电场时，速度竖直向下，受电场力和重力，合力斜向右下方，与速度不在同一条直线上，做曲线运动，合力方向大致直线轨迹的凹向．故B正确，A、C、D错误．故选B．根据液滴的受力以及速度的方向，判断液滴做直线运动还是曲线运动，根据合力的方向和速度方向的关系确定轨迹的凹向．解决本题的关键知道曲线运动的条件，以及知道液滴进入电场，在竖直方向上继续做匀加速直线运动，在水平方向上受电场力，做匀加速直线运动．三、多选题(本大题共1小题，共4.0分)3.如图所示的电路中，把滑动变阻器的滑动触片置于变阻器的中央，则不正确的是（电源电压恒为U）（）A.AB间接电源，ab间接一理想电流表，示数为B.AB间接电源，ab间接理想电压表，示数为C.ab间接电源，AB间接理想电流表，示数为D.ab间接电源，AB间接理想电流表，示数为【答案】BD【解析】解：A、当AB间接电源，ab间接一理想电流表，因此两个阻值为进行并联，则电流表示数为I==．故A正确；B、当AB间接电源，ab间接一理想电压表，相当于断路，当AB电压为U时，那么电压表示数为2U，故B错误；CD、当ab间接电源，AB间接理想电流表，相当于短路，则电阻为，那么电流表示数为I==，故C正确，D错误．本题选择不正确的，故选：BD．根据欧姆定律，结合理想电流表相当短路，理想电压表相当于断路，从而即可求解．本题变阻器作为分压器使用，考查对分压器原理的理解能力，关键利用串并联的特点进行分析，同时理解电压表与电流表的电阻大小．四、单选题(本大题共1小题，共4.0分)4.如图所示的电路为欧姆表原理图，电池的电动势E=1.5V，G为电流表，满偏电流为200μA．当调好零后，在两表笔间接一被测电阻R x时，电流表G的指针示数为50μA，那么R x的值是（）A.7.5kΩB.22.5kΩC.15kΩD.30kΩ【答案】B【解析】解：由满偏电流求欧姆表的内阻：R中===7500Ω；连入电阻后，由I=求得R X=-R中=-7500=22.5kΩ；中故选：B．求得R x．先求出欧姆表的内阻即R中：R中=；再由I=中考查欧姆表的电路原理，明确内部电阻求法，会由电流求外接电阻．五、多选题(本大题共1小题，共4.0分)5.如图所示，电阻R=20Ω，电动机的绕组电阻R′=10Ω．当开关打开时，电流表的示数是I，电路消耗的电功率为P．当开关合上后，电动机转动起来．若保持电路两端的电压不变，电流表的示数I′和电路消耗的电功率P′应是（）A.I′=3IB.I′＜3IC.P′=3PD.P′＜3P【答案】BD【解析】解：因闭合开关后保持电压不变，故R中的电流不变；由并联电路的规律可知，电流表中电流为电动机电流与R中电流之和；因为电动机电流一定小于电动机卡住时的电流；=2I；故I′=I机+I＜3I，故B正确，A错误；故电动机电流I机＜′由功率公式P=UI可知，R消耗的功率不变，而电动机消耗的功率小于2P，故总功率小于3P，故C错误，D正确；故选BD．由电路图可知，电机和电阻并联，则由并联电路的规律可求得电动机内的电流，由电动机的性质可知电动机的消耗的实际功率，则可知电路消耗的总功率．本题考查电动机的性质，因电动机在工作时有电能转化为动能，不能用欧姆定律求解，但可以用P=UI及串并联电路的性质求解．六、单选题(本大题共2小题，共8.0分)6.如图所示的电路中，电源的内阻不可忽略．已知定值电阻R1=10Ω，R2=8Ω．当电键S接位置1时，电流表的示数为0.20A．那么当电键S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪些值（）A.0.28AB.0.25AC.0.22AD.0.19A【答案】C【解析】解：当电键S接位置1时，电流表的示数为0.20A，则根据欧姆定律得知：路端电压U1=I1R1=10×0.2V=2V．A、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.28A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.28×8V=2.24V．但是由于R2＜R1，路端电压减小，不可能增大，所以U2＜2V，则电流表的示数不可能是0.28A．故A错误．B、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.25A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.25×8V=2V．但U2＜2V，所以电流表的示数不可能是0.25A．故B错误．C、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.22A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.22×8V=1.76，可见U2＜2V，而且外电路减小，电路中电流大于0.2A，则电流表的示数可能是0.22A．故C正确．D、由于R2＜R1，当电键S接位置2时，电流表的示数大于0.20A．故D错误．故选C根据欧姆定律求出电键S接位置1时路端电压．当电键S接位置2时，外电阻减小，路端电压减小，总电流增大，根据欧姆定律进行分析．本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择．7.在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器（滑动变阻器）R连接而成，L1、L2是红绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a端时，下列说法中正确的是（）A.L1、L2两个指示灯都变亮B.L1、L2两个指示灯都变暗C.L1变亮，L2变暗D.L1变暗，L2变亮【答案】B【解析】解：当电位器向a段滑动时，电路的总电阻减小，干路电流增大，所以内电压增大，路段电压减小，所以灯L1变暗；通过电阻R1的电流变大，所以电位器两端的电压减小，即通过灯L2两端的电压减小，所以此灯变暗，故ACD错误，B正确．故选：B．首先知道电位器的原理，再据闭合电路的欧盟定律判断干路电流、支路电流和电压间的关系，从而判断两灯的变化情况．本题是动态电路的分析题，注意电位器的原理与滑动变阻器的原理相同，注意动态电路的分析方法，先整体后局部．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)8.如图所示是某居住小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，R1为光敏电阻，R2为定值电阻，A、B接监控装置．则（）A.当有人通过而遮蔽光线时，A、B之间电压升高B.当有人通过而遮蔽光线时，A、B之间电压降低C.当仅增大R2的阻值时，可增大A、B之间的电压D.当仅减少R2的阻值时，可增大A、B之间的电压【答案】BC【解析】解：A、B、由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联．当有人通过通道而遮蔽光线时，R1阻值变大，电路中的总电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小，根据U=IR可知，R2阻值不变时，其两端的电压变小，即A、B间电压降低，故A错误，B正确．C、当仅增大R2连入电路中的阻值时，电路中的总电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小，根据U=IR可知，电源的内阻和R1阻值不变时，内阻和R1两端的电压变小，即A、B间电压增大，故C正确，D错误．故选：BC由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联；根据题意得出有人通过时R1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和A、B间电压的变化；当仅增大或减小R2连入电路中的阻值时，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知A、B间电压的变化．本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析当有人通过通道而遮蔽光线时和当仅增大R2连入电路中的阻值时电路的动态分析，要注意光敏电阻的特点．八、单选题(本大题共1小题，共4.0分)9.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A.带点油滴将沿竖直方向向上运动B.P点的电势将降低C.带点油滴的电势能将减少D.若电容器的电容减小，则极板带电量将增大【答案】B【解析】解：A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误；B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=E d分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低．故B 正确；C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C错误；D、若电容器的电容减小，根据Q=U c，由于电势差不变，故带电量将减小，故D错误；故选：B．将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=E d分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．本题运用E=分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．九、多选题(本大题共3小题，共12.0分)10.如图所示，M、N是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极板间产生一个水平向右的匀强电场，场强为E，一质量为m、电荷量为+q的微粒，以初速度v0竖直向上从两极正中间的A点射入匀强电场中，微粒垂直打到N极板上的C点，已知AB=BC．不计空气阻力，则可知（）A.微粒在电场中做抛物线运动B.微粒打到C点时的速率与射入电场时的速率相等C.MN板间的电势差为D.MN板间的电势差为【答案】AB【解析】解：A：因电场力和重力均为恒力，其合力亦为恒力，且与v0有一定夹角，故微粒做匀变速曲线运动--即抛物线运动，所以A正确；B：因AB=BC，即，可见v C=v0．故B正确；C：由动能定理，得：W电+W G=△E k=0，即：，而所以：，故C错误；D：由mg=q E得，代入，得．故D错误．故选：AB根据类平抛运动的特点：初速度的方向与合外力的方向垂直来判定粒子是否在电场中做类平抛运动，根据动能定理判定粒子达到C点是的速度，和MN之间的电势差．该题中根据类平抛运动的特点来判定粒子是否在电场中做类平抛运动是解题的关键，动能定理判定粒子达到C点是的速度，和MN之间的电势差相对比较简单．属于基础题目．11.如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等．则下列对这两个电路中的U甲、U乙，R甲、R乙之间的关系的说法，正确的是（）A.U甲＞2U乙B.U甲=2U乙C.R甲=4R乙D.R甲=2R乙【答案】BC【解析】解：设灯泡的电阻为R，正常发光时电流为I，电压为U，由于两个电路的总功率相等，P=U甲I=U乙•2I，得U甲=2U乙；又由U甲=2U+IR甲，U乙=U+2IR乙，得R甲=4R乙，故AD错误，BC正确．故选：BC．据题意灯泡相同，两电路消耗的功率相同，先判断两电路电压的关系；再据电压关系，判断电阻的关系．解本类型的题目据电路的电阻、电压和功率关系列方程求解，灵活应用串并联电路的特点．12.阻值较大的电阻R1和R2串联后，接入电压U恒定的电路，如图所示，现用同一电压表依次测量R1和R2的电压，测量值分别为U1和U2，已知电压表内阻与R1、R2相差不大，则（）A.U1+U2=UB.U1+U2＜UC.=D.≠【答案】BC【解析】解：A、假设电压表未接入电路时，电阻R1和R2的电压分别为U1′和U2′．当电压表测量电阻R1的电压时，与R1并联，并联电阻小于R1，而R2不变，则并联部分的电压小于电压表没有接入电路时的电压，即U1＜U1′．同理，U2＜U2′，则U1+U2＜U1′+U2′，又U1′+U2′=U，则U1+U2＜U．故A错误，B正确．C、设电压表的电阻为R V．当电压表测量电阻R1的电压时，根据欧姆定律得到：U1=U=R1；同理，U2=R2；则=．故C正确，D错误．故选：BC．假设电压表未接入电路时，电阻R1和R2的电压分别为U1′和U2′，电压表的电阻为R V．当电压表测量电压时，与被测电阻并联，电阻减小，分担的电压减小，根据欧姆定律研究U1+U2与U的关系．根据串联电路电流相等，电压与电阻成正比，分别由欧姆定律得到U1、U2与U的关系，再求出．本题中由于电阻与电压表的内阻相差不大，电压表对电路的影响不能忽略，把电压表看成能测量电压的电阻．十、计算题(本大题共1小题，共6.0分)13.在“测定金属丝电阻率”的实验中，需要测出其长度L，直径d和电阻R．（1）在用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为______ mm．（2）若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值______ （选填“偏大”或“偏小”）．（3）用电压表和电流表测出金属丝的电压和电流分别为U和I，则电阻率表达式为______ （用U，I，D，L表示）．【答案】0.698；偏小；ρ=【解析】解：（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+19.8×0.01mm=0.698mm；（2）由图示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流I偏大，电阻测量值：R=小于真实值；（3）电阻：R==ρ=ρ，则电阻率：ρ=；故答案为：（1）0.698；（2）偏小；（3）ρ=．（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（2）根据图示电路图应用欧姆定律分析实验误差；（3）应用电阻定律求出电阻率的表达式．本题考查了螺旋测微器读数、实验误差分析、求电阻率，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读；电流表采用外接法时电阻测量值小于真实值，电流表采用内接法时电流表测量值大于真实值．十一、填空题(本大题共1小题，共10.0分)14.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U-I图象如下；请回答下列问题（1）在闭合开关之前移为防止电表过载而动滑动变阻器的滑动头P应放在滑动变阻器______ 处（填“a”或“b”）（2）现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器（0～50Ω）C．电压表（0～3V）D．电压表（0～15V）E．电流表（0～0.6A）F．电流表（0～3A）其中电流表应选______ ，电压表应选______ ．（填字母代号）（3）如图2是根据实验数据画出的U-I图象．由此可知这个干电池的电动势E= ______ V，内电阻r= ______ Ω．【答案】a；E；C；1.5；1.0【解析】解：（1）闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处，即a处．（2）电源电动势大约1.5V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择C，电路中的电流较小，因此电流表选择E．（3）在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为r=Ω=1.0Ω．故答案为：（1）a（2）E；C（3）1.5，1.0．（1）闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处．（2）在选择电压表和电流表时要求在不超过量程的前提下偏转角度尽量大些，在满量程的左右偏转最好．（3）在U-I图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小．正确选择仪器是电学实验的经常考查的考点；在测量电源电动势和内阻时，要注意根据画出的U-I图象结合数学知识分析出电动势及内阻．十二、实验题探究题(本大题共1小题，共12.0分)15.在图所示的电路中，小量程电流表的内阻R g=100Ω，满偏电流I g=1m A，R1=900Ω，R2=Ω．（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是什么表？量程为多大？（2）当S1和S2均闭合时，改装所成的表是什么表？量程为多大？【答案】解：（1）：根据串联电阻具有分压作用可知，和断开时，改装的应是电压表，由U=，可知电压表的量程是1V；（2）：当和均闭合时，电流表与电阻并联，改装的应是电流表，由I=+=1000m A，所以电流表的量程是1000m A；答：（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是电压表，量程是1V（2）：当S1和S2均闭合时，改装所成的表是电流表，量程是1000m A．【解析】本题的关键是明确串联电阻具有分压作用，并联电阻具有分流作用，即电流表改装为电压表时，应将电流表与电阻串联，改装为电流表时，应将电流表与电阻并联．明确串联电阻具有分压作用和并联电阻具有分流作用的含义．十三、计算题(本大题共2小题，共24.0分)16.如图所示，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S1闭合、S2断开时，电炉消耗功率684W；S1、S2都闭合时电炉消耗功率475W（电炉电阻可看作不变）．试求：（1）电源的电动势；（2）S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小；（3）S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率．【答案】（1）当S1闭合S2断开时电炉功率为P1电炉中电流电源电动势E=I（R+r）=120V（2）当S1、S2都闭合时电炉功率为P2电炉中电流电炉路端电压为U=I R R=5×19=95V通过电源的电流为通过电解槽的电流为I A=I-I R=20A（3）电解槽消耗的电功率P A=I A U=20×95=1900W电解槽内热损耗功率热′电解槽转化成化学能的功率P化=P A-P热=1700W答：（1）电源的电动势为120V；（2）S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小为20A；（3）S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率为1700W．【解析】（1）S1闭合，S2断开时，已知电炉消耗功率，根据功率P=I2R公式求出电炉中的电流，由闭合电路欧姆定律求出电动势；（2）S1、S2都闭合时，由电炉消耗功率求出电炉的电压和电流，由闭合电路欧姆定律求出干路中电流，得到电炉的电流；（3）根据P=UI求出电解炉消耗的电功率，根据功率P=I2R公式求出电解槽内阻消耗的功率，两者之差即为电解槽转化成化学能的功率．电解槽电路在正常工作时是非纯电阻电路，不能用欧姆定律求解其电流，只能根据电路中电流关系求电流．17.如图所示，两带电平行板竖直放置，开始时两极板间电压为U，相距为d，两极板间形成匀强电场．有一带电粒子，质量为m（重力不计）、所带电荷量为+q，从两极板下端连线的中点P以竖直速度v0射入匀强电场中，带电粒子落在A极板的M点上．（1）若将A极板向左侧水平移动，此带电粒子仍从P点以速度v0竖直射入匀强电场且仍落在A极板的M点上，则两极板间电压应增大还是减小？电压应变为原来的几倍？（2）若将A极板向左侧水平移动并保持两极板间电压为U，此带电粒子仍从P点竖直射入匀强电场且仍落在A极板的M点上，则应以多大的速度v′射入匀强电场？【答案】解：（1）小球水平方向做匀加速运动，竖直方向做匀速直线运动，则有水平方向有：①式中②将A极板向左侧水平移动，此带电粒子仍从P点以速度v0竖直射入匀强电场且仍落在A极板的M点上，两次运动的时间相等，水平位移变成d，由①得：a2=2a1由②式推得两板间电压关系为U2=3U1，电压应变为原来的3倍．（2）电压不变，由②则得加速度关系：设带电粒子在竖直方向的位移为L，则：′可解得：′答：（1）两板间电压应增大，电压应变为原来的3倍．（2）此带电粒子应以的速度′从P点竖直射入匀强电场．【解析】（1）运用运动的分解研究小球的运动：水平方向小球受到水平向左的电场力而匀加速运动，竖直方向上，不受力作用而做匀速直线运动，两个分运动时间相等，由牛顿第二定律和运动学公式求解．（2）若将A板向左侧水平移动d，带电粒子仍从P点以速度v0竖直射入匀强电场，仍打在M点，根据竖直方向的运动可知，运动时间不变，根据水平方向的分运动，由位移公式求出加速度关系，即可得到电压关系．（3）两板电压保持为U，由U=E d得到场强的关系，由运动学公式分析初速度．点评：本题中小球在电场中做类平抛运动，运用运动的分解研究是常用方法，本题要学会运用比例法，分析两种情况各量之间的关系．高中物理试卷第11页，共11页。
【全国百强校】山西省怀仁县第一中学2015-2016学年高一第三次(12月)月考物理试题解析(解析版)
一、不定项选择题（共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上的选项符合题意，全部选对得4分，选不全得2分，有错选或者不答的得0分）1、下列说法正确的是A、摩擦力的大小根物体的重力成正比B、矢量的大小可以直接相加，矢量的方向应遵从平行四边形定则C、力不能脱离物体而单独存在D、力的大小可以用天平测量【答案】C考点：考查了对力的认识【名师点睛】力是指物体对物体的作用力；力不能离开物体而存在，有力至少有两个物体，一个是施力物体，一个是受力物体；矢量相加减遵循平行四边形定则，在计算摩擦力的时候需要注意是静摩擦力还是滑动摩擦力，2、下列对运动的认识，不正确的是A、牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使其运动B、伽利略仍为力是维持物体运动的原因C、亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用时才会运动D、伽利略根据理想实验得出：如果没有摩擦，在水平面上的物体一旦具有某个速度，将保持这个速度继续运动下去【答案】C【解析】试题分析：牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，并不是使物体运动的原因，物体维持运动状态的原因是物体具有惯性．而“而不仅仅是使之运动”含义是力使物体运动，A错误；亚里士多德认为没有力作用在物体上，物体就不会运动．只有物体受到力的作用物体才会运动．这种观点是错误的，伽利略根据理想斜面实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去．所以认为力不是维持物体运动状态的原因，故C 正确；考点：考查了物理学史【名师点睛】亚里士多德的观点符合我们的经验：力是维持运动的原因，但实际上是错误的．而实际上力是改变物体运动状态的原因．而维持物体运动的原因是惯性3、下列四组共点力分别作用在同一物体上，有可能使物体做匀速直线运动的是A 、3N 、9N 、5NB 、4N 、2N 、7NC 、4N 、14N 、5ND 、3N 、4N 、5N【答案】D考点：考查了力的合成【名师点睛】判断三个力的合力能否为零，首先判断其中两个力的合力范围是关键．两个力的合力最小时是二力在同一条直线上且方向相反，最小合力大小是二力大小的差，方向沿着较大的力的方向；两个力的合力最大时是二力在同一条直线上且方向相同，最大合力大小是二力的代数和，方向与原二力的方向相同4、如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O 为球心，一质量为m 的小滑块，在水平力F 的作用静止与P 点，设滑块所受支持力为N F ，OP 与水平方向的夹角为θ，下列关系正确的是A 、tan mg F θ=B 、tan F mg θ=C 、tan N mg F θ= D 、tan N F mg θ= 【答案】A【解析】试题分析：对滑块进行受力分析，作出力图，由题，滑块处于静止状态，合力为零，则有tan sin N F mg F mg θθ==，，得：tan sin N mg mg F F θθ==，． 考点：考查了共点力平衡条件的应用 【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，5、如图所示，一个人站在水平地面上的长木板上用力F 向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m ，重力加速度为g ，则A 、箱子受到的摩擦力方向向右B 、地面对木板的摩擦力方向向左C 、木板对地面的压力大小为3mgD 、若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于3mg【答案】C考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法．采用整体隔离法可以较简单的分析问题6、L 形木板P （上表面光滑）放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q 相连，如图所示，若P 、Q 一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力，则木板P 的受力个数为A 、3B 、4C 、5D 、6【答案】C考点：考查了受力分析【名师点睛】受力分析：把指定物体（研究对象）在特定物理情景中所受外力找出来，并画出受力图，这就是受力分析．受力分析通常要按照确定的顺序，以防止漏力、多力．第一步，锁定目标；第二步，列表：看看被分析物体周围有哪些物体；第三步，画出重力；第四步，考虑直接接触力，包括弹力和摩擦力；第五步，分析间接接触的力．如电场力、磁场力等7、如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定与O 点，现用水平力F 缓慢的推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力N F 以及绳对小球的拉力T F 的变化情况是A 、N F 保持不变，T F 不断增大B 、N F 不断增大，T F 不断减小C 、N F 保持不变，T F 先增大后减小D 、N F 不断增大，T F 先减小后增大【答案】D【解析】试题分析：先对小球进行受力分析，重力、支持力N F 、拉力T F 组成一个闭合的矢量三角形，由于重力不变、支持力N F 方向不变，且从已知图形知βθ>，且β逐渐变小，趋向于0；故斜面向左移动的过程中，拉力TF与水平方向的夹角β减小，当βθ=时，T F ⊥N F ，细绳的拉力T F 最小，由图可知，随β的减小，斜面的支持力N F 不断增大，T F 先减小后增大．故D 正确．考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】物体在三个共点力作用下达到平衡状态，其中一个力的大小和方向均不发生变化时：一个力的方向不变，另一个力方向改变，利用力的三角形法则； 另外两个力中，另外两个力方向均改变，利用力的三角形与几何三角形相似． 对小球进行受力分析如图所示，则题干描述的动态过程可通过力的三角形边长的变化替代8、如图所示，石拱桥的正中央有一质量为m 的对称楔形石块，侧面与竖直方向的夹角为α，重力加速度为g 。
2016-2017学年山西省朔州市怀仁一中高三(上)第一次月考物理试卷(解析版)
2016-2017学年山西省朔州市怀仁一中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共54分，下列1-10每小题所给选项只有一个选项符合题题，每题3分．11-16题至少有一项符合题意，选对一个得2分，全选得4分，选错或不选得0分）1．以下说法中正确的是（）A．牛顿第一定律揭示了一切物体都具有惯性B．速度大的物体惯性大，速度小的物体惯性小C．力是维持物体运动的原因D．做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，则该质点因惯性仍可做曲线运动2．如图所示，在水平面上有一个质量为m的小物块，在某时刻给它一个初速度，使其沿水平面做匀减速直线运动，其依次经过A、B、C三点，最终停在O点．A、B、C三点到O 点的距离分别为L1、L2、L3，小物块由A、B、C三点运动到O点所用的时间分别为t1、t2、t3．则下列结论正确的是（）A．==B．==C．＜＜D．＜＜3．（2013•郑州一模）做匀加速沿直线运动的质点在第一个3s内的平均速度比它在第一个5s内的平均速度小3m/s，则质点的加速度大小为（）A．1 m/s2B．2 m/s2C．3 m/s2D．4 m/s24．（2012•南开区校级模拟）如图所示，细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面上接触，并处于静止状态，则小球受到的力是（）A．重力、绳的拉力B．重力、绳的拉力、斜面的弹力C．重力、斜面的弹力 D．绳的拉力、斜面的弹力5．（2015秋•长春校级期末）如图所示，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮．A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B悬挂着．已知质量m A=3m B，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么下列说法中正确的是（）A．弹簧的弹力将减小B．物体A对斜面的压力将减少C．物体A受到的静摩擦力将减小D．弹簧的弹力及A受到的静摩擦力都不变6．（2013春•湖南期末）将质量为m的滑块放在倾角为θ的固定斜面上．滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ．若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则（）A．将滑块由静止释放，如果μ＞tanθ，滑块将下滑B．给滑块沿斜面向下的初速度，如果μ＜tanθ，滑块将减速下滑C．用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是2mgsinθD．用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是mgsinθ7．（2015•河北区一模）如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m 的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F与mg 的比值，力沿斜面向上为正）．则物体运动的速度v随时间t变化的规律是下图中的（物体的初速度为零，重力加速度取10m/s2）（）A．B．C．D．8．（2012•江西模拟）如图所示，一箱苹果沿着倾角为θ的斜面，以速度v匀速下滑．在箱子的中央有一个质量为m的苹果，它受到周围苹果对它的作用力的方向（）A．沿斜面向上B．沿斜面向下C．竖直向上 D．垂直斜面向上9．（2014•呼伦贝尔二模）如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在圆弧形墙壁上的C 点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC 绳所受拉力的大小变化情况是（）A．逐渐减小 B．逐渐增大 C．先减小后增大 D．先增大后减小10．（2011•广东校级模拟）如图所示，弹簧秤一端固定在墙壁上，另一端与小木块A相连，当用力加速抽出长木板B的过程中，观察到弹簧秤的示数为3.0N，若匀速抽出木板B，弹簧秤的示数大小（）A．一定大于3.0N B．一定小于3.0N C．一定等于3.0N D．一定为零11．（4分）（2016秋•朔州校级月考）如图所示，有一刚性方形容器被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态．现缓慢地向容器内注水，直到注满为止，在此过程中容器始终保持静止，下列说法中正确的是（）A．容器受到的摩擦力逐渐增大 B．容器受到的摩擦力不变C．水平力F可能不变 D．水平力F必须逐渐增大12．（4分）（2013•甘肃一模）如图所示，质量为m 的小球套在竖直固定的光滑圆环上，在圆环的最高点有一个光滑小孔，一根轻绳的下端系着小球，上端穿过小孔用力拉住，开始时绳与竖直方向夹角为θ小球处于静止状态，现缓慢拉动轻绳，使小球沿光滑圆环上升一小段距离，则下列关系正确的是（）A．绳与竖直方向的夹角为θ时，F=2mgcosθB．小球沿光滑圆环上升过程中，轻绳拉力逐渐增大C．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力逐渐增大D．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力大小不变13．（4分）（2016•银川校级模拟）如图所示，质量不等的木块A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上，当水平力F作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1．当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F2，则（）A．在两次作用过程中，物体的加速度的大小相等B．在两次作用过程中，F1+F2＜FC．在两次作用过程中，F1+F2=FD．在两次作用过程中14．（4分）（2014•湖北校级模拟）电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为4m/s2B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为4m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为4m/s215．（4分）（2013秋•洛阳期中）如图所示，两根长度相同的细线分别系有两个完全相同的小球，细线的上端都系于O点．设法让两个小球均在水平面上做匀速圆周运动．已知L1跟竖直方向的夹角为60°，L2跟竖直方向的夹角为30°，下列说法正确的是（）A．细线L1和细线L2所受的拉力大小之比为：1B．小球m1和m2的角速度大小之比为：1C．小球m1和m2的向心力大小之比为3：1D．小球m1和m2的线速度大小之比为3：116．（4分）（2016秋•朔州校级月考）如图所示，从同一水平线上的不同位置，沿水平方向抛出两小球A、B，不计空气阻力．若欲使两小球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．同时抛出两球C．先抛出B球D．在相遇点A球速度大于B求速度二、填空题（每空2分，共10分）17．（6分）（2011•宝应县模拟）在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带如图所示，并在其上取A、B、C、D、E、F、G等7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点，图中没有画出，打点计时器接周期为T=0.02s的交流电源．他B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如下表：（1）计算v F的公式为v F=______；（2）根据表中得到的数据，求出物体的加速度a=______m/s2；（3）如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比______（选填：偏大、偏小或不变）．18．（4分）（2016春•高密市期末）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．则：______弹簧的原长更长，______弹簧的劲度系数更大．（填“a”或“b”）三、计算题（每小题9分，共36分）19．（9分）（2016秋•朔州校级月考）质量为2kg的物体，在水平恒力F=4N的作用下由静止开始沿水平面运动，经时间2s后撤去外力F，物体又经时间4s后重新静止．求：（1）物体所受阻力大小；（2）该过程物体发生的总位移．20．（9分）（2016秋•朔州校级月考）一辆执勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以v=12m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，决定前去追赶，经t0=2s，警车发动起来，以加速度a=2m/s2做匀加速运动，若警车最大速度可达v m=16m/s，问：（1）在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动起来后至少多长时间才能追上货车？21．（9分）（2012秋•江陵县期末）一水平传送带以2.0m/s的速度顺时针传动，水平部分长为2.0m．，其右端与一倾角为θ=37°的光滑斜面平滑相连，斜面长为0.4m，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带最左端，已知物块与传送带间动摩擦因数μ=0.2，试问：（1）物块到达传送带右端的速度．（2）物块能否到达斜面顶端？若能则说明理由，若不能则求出物块上升的最大高度．（sin37°=0.6，g取l0m/s2）22．（9分）（2011•东莞二模）在水平地面上放一木板B，重力为G2=100N，再在木板上放一货箱A，重力为G1=500N，设货箱与木板、木板与地面的动摩擦因数μ均为0.5，先用绳子把货箱与墙拉紧，如图所示，已知sinθ=，cosθ=，然后在木板B上施一水平力F，想把木板从货箱下抽出来，F至少应为多大？2016-2017学年山西省朔州市怀仁一中高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共54分，下列1-10每小题所给选项只有一个选项符合题题，每题3分．11-16题至少有一项符合题意，选对一个得2分，全选得4分，选错或不选得0分）1．以下说法中正确的是（）A．牛顿第一定律揭示了一切物体都具有惯性B．速度大的物体惯性大，速度小的物体惯性小C．力是维持物体运动的原因D．做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，则该质点因惯性仍可做曲线运动【考点】牛顿第一定律；惯性【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，惯性的大小只跟质量有关，与其它因数无关，力是改变物体运动状态的原因，物体不受力时将保持静止或匀速直线运动状态．【解答】解：A、牛顿第一定律揭示了一切物体都具有惯性，惯性是物体的固有属性，故A 正确；B、惯性的大小只跟质量有关，与其它因数无关，故B错误；C、力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，故C错误；D、做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，物体将做匀速直线运动，故D错误．故选：A．【点评】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起．解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性．惯性只有在受力将要改变运动状态时才体现出来．2．如图所示，在水平面上有一个质量为m的小物块，在某时刻给它一个初速度，使其沿水平面做匀减速直线运动，其依次经过A、B、C三点，最终停在O点．A、B、C三点到O 点的距离分别为L1、L2、L3，小物块由A、B、C三点运动到O点所用的时间分别为t1、t2、t3．则下列结论正确的是（）A．==B．==C．＜＜D．＜＜【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确．【解答】解：反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可知，x=，则a=，故位移与时间平方的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，所以．故选：B．【点评】虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的实验．3．（2013•郑州一模）做匀加速沿直线运动的质点在第一个3s内的平均速度比它在第一个5s内的平均速度小3m/s，则质点的加速度大小为（）A．1 m/s2B．2 m/s2C．3 m/s2D．4 m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】匀变速直线运动中间时刻的速度等于这段过程的平均速度，由此可以求得匀加速直线运动的瞬时速度的大小，根据加速度的定义式可以求得加速度的大小．【解答】解：设在第一个3s内的平均速度为v1，根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于这段过程的平均速度可得，在1.5s时刻的瞬时速度为v1.5=v1，设在第一个5s内的平均速度为v2，同理可得，在2.5s时刻的瞬时速度的大小为v2.5=v2，根据a==m/s2=3 m/s2，所以C正确．故选C．【点评】本题关键是掌握住匀变速直线运动的规律，根据中间时刻的速度等于这段过程的平均速度可以求得物体在两个不同时刻的速度的大小，进而可以求得加速度的大小．4．（2012•南开区校级模拟）如图所示，细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面上接触，并处于静止状态，则小球受到的力是（）A．重力、绳的拉力B．重力、绳的拉力、斜面的弹力C．重力、斜面的弹力 D．绳的拉力、斜面的弹力【考点】力的合成与分解的运用【分析】小球和光滑斜面接触，受到重力和绳的拉力．斜面对小球没有弹力，如有弹力，小球将受到三个力作用，重力和绳的拉力在竖直方向上，弹力垂直于斜面向上，三个力的合力不可能为零，小球将向左上方运动，与题设条件矛盾．【解答】解：小球和光滑斜面接触，受到重力和绳的拉力，斜面对小球没有弹力．故选：A．【点评】本题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法．5．（2015秋•长春校级期末）如图所示，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮．A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B悬挂着．已知质量m A=3m B，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么下列说法中正确的是（）A．弹簧的弹力将减小B．物体A对斜面的压力将减少C．物体A受到的静摩擦力将减小D．弹簧的弹力及A受到的静摩擦力都不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算【分析】先对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析．【解答】解：A、设m A=3m B=3m，对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg，则知弹簧的弹力不变，A错误．B、再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图刚开始由于m A gsin45°=mg＞m B g=mg，所以摩擦力沿斜面向上后来变为30°以后摩擦力仍然沿斜面向上．根据平衡条件得到：f+T﹣3mgsinθ=0N﹣3mgcosθ=0解得：f=3mgsinθ﹣T=3mgsinθ﹣mgN=3mgcosθ当θ变小时，物体A受到的静摩擦力f减小，物体A对斜面的压力N增大，故C正确，BD 错误．故选：C．【点评】本题关键是先对物体B受力分析，再对物体A受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．6．（2013春•湖南期末）将质量为m的滑块放在倾角为θ的固定斜面上．滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ．若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则（）A．将滑块由静止释放，如果μ＞tanθ，滑块将下滑B．给滑块沿斜面向下的初速度，如果μ＜tanθ，滑块将减速下滑C．用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是2mgsinθD．用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是mgsinθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】物体的重力有两个作用效果，使物体沿斜面下滑和使物体紧压斜面，将重力正交分解后，当重力的下滑分量大于滑动摩擦力时，物体加速下滑，当重力的下滑分量小于最大静摩擦力时，物体不能下滑，匀速下滑时，重力的下滑分量等于滑动摩擦力．【解答】解：A、物体由静止释放，对物体受力分析，受重力、支持力、摩擦力，如图物体下滑时，应满足条件：mgsinθ＞μmgcosθ解得μ＜tanθ．故A错误；B、给滑块沿斜面向下的初速度，如果μ＜tanθ，则有mgsinθ＞μmgcosθ，物体将加速下滑．故B错误；C、用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，根据平衡条件，有F﹣mgsinθ﹣μmmgcosθ=0由题，μ=tanθ故解得F=2mgsinθ．故C正确；D、用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，根据平衡条件，有F+mgsinθ﹣μmmgcosθ=0，又μ=tanθ解得F=0，故D错误；故选：C【点评】本题关键将重力按照作用效果正交分解，然后求出最大静摩擦力，结合共点力平衡条件讨论即可．7．（2015•河北区一模）如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m 的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F与mg 的比值，力沿斜面向上为正）．则物体运动的速度v随时间t变化的规律是下图中的（物体的初速度为零，重力加速度取10m/s2）（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【分析】根据牛顿第二定律得出物体运动的加速度，根据加速度与速度的方向关系判断物体的运动，若加速度与速度方向同向，做加速直线运动，若加速度方向与速度方向相反，则做减速运动．【解答】解：在0﹣1s内，根据牛顿第二定律得，方向沿斜面向上，物体向上做匀加速直线运动；在1﹣2s内，拉力为零，根据牛顿第二定律得，，方向沿斜面向下，物体沿斜面向上做匀减速直线运动，2s末速度为零．在2﹣3s内，根据牛顿第二定律得，．方向沿斜面向下，物体沿斜面向下做匀加速直线运动，3s末的速度大小v=a3t=15m/s．故C正确，A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键是通过牛顿第二定律得出加速度，根据加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动规律．8．（2012•江西模拟）如图所示，一箱苹果沿着倾角为θ的斜面，以速度v匀速下滑．在箱子的中央有一个质量为m的苹果，它受到周围苹果对它的作用力的方向（）A．沿斜面向上B．沿斜面向下C．竖直向上 D．垂直斜面向上【考点】牛顿第二定律【分析】由于苹果都是匀速运动的，把周围的苹果看成一个整体，对中间的苹果受力分析即可得出结论．【解答】解：这个质量为m的苹果是匀速下滑的，这说明受力平衡，它自身受到的重力竖直向下，大小为mg，以及来自下面苹果和周围苹果传来的力，说明周围苹果对它的合力与重力的大小相等方向相反，所以周围苹果对它的作用力大小为mg，方向竖直向上．故选：C．【点评】从题目来看好像是很多的苹果，会有很多的力产生，但应用整体法，问题就简单了，就和水平面上放的物体一样了．9．（2014•呼伦贝尔二模）如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在圆弧形墙壁上的C 点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC 绳所受拉力的大小变化情况是（）A．逐渐减小 B．逐渐增大 C．先减小后增大 D．先增大后减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】先对G受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点O分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化．【解答】解：对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；故选C．【点评】本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化．10．（2011•广东校级模拟）如图所示，弹簧秤一端固定在墙壁上，另一端与小木块A相连，当用力加速抽出长木板B的过程中，观察到弹簧秤的示数为3.0N，若匀速抽出木板B，弹簧秤的示数大小（）A．一定大于3.0N B．一定小于3.0N C．一定等于3.0N D．一定为零【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力【分析】本题应以A为研究对象，A在水平方向上受摩擦力及弹簧秤的拉力而处于静止，故可知二力应为平衡力；根据滑动摩擦力的影响因素可知摩擦力的大小与运动状态无关，则可由平衡条件可知弹簧弹力的变化．【解答】解：当用力加速抽出木板B时，A物体保持静止，故可知A受B的摩擦力f=F=3.0N；因A对B物体的压力不变，故A、B间的摩擦力不会发生变化，故匀速拉动时摩擦力也为3.0N；物体A在弹簧秤的作用下仍保持静止，故弹簧秤对A的拉力仍为3.0N，即弹簧秤的示数大小仍等于3.0N；故选C．【点评】本题的关键在于摩擦力大小的判断，应明确滑动摩擦力的大小与动摩擦因数和正压力的有关，与物体的运动状态无关．11．（4分）（2016秋•朔州校级月考）如图所示，有一刚性方形容器被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态．现缓慢地向容器内注水，直到注满为止，在此过程中容器始终保持静止，下列说法中正确的是（）A．容器受到的摩擦力逐渐增大 B．容器受到的摩擦力不变C．水平力F可能不变 D．水平力F必须逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】物体始终处于静止状态，受力平衡，合力保持为0；再利用二力平衡的条件再分析其受到的摩擦力和F是否会发生变化．【解答】解：AB、由题知容器始终保持静止状态，受力平衡，所受的摩擦力等于容器和水的总重力，所以容器受到的摩擦力逐渐增大，故A正确，B错误；CD、水平方向上受力平衡，若最大静摩擦力大于重力时，力F可能不变，若最大静摩擦力小于等于重力时F要增大．故C正确，D错误．故选：AC【点评】物体受到墙的摩擦力等于物体重，物重变大、摩擦力变大，这是本题的易错点．12．（4分）（2013•甘肃一模）如图所示，质量为m 的小球套在竖直固定的光滑圆环上，在圆环的最高点有一个光滑小孔，一根轻绳的下端系着小球，上端穿过小孔用力拉住，开始时绳与竖直方向夹角为θ小球处于静止状态，现缓慢拉动轻绳，使小球沿光滑圆环上升一小段距离，则下列关系正确的是（）A．绳与竖直方向的夹角为θ时，F=2mgcosθB．小球沿光滑圆环上升过程中，轻绳拉力逐渐增大C．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力逐渐增大D．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力大小不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】对小球受力分析，作出力的平行四边形，根据平衡条件求解F，运用三角形相似法，求得拉力及支持力与AB及圆环半径的关系，再分析它们的变化．【解答】解：A、对小球受力分析，小球受到重力mg、轻绳的拉力F和圆环的弹力N，如图，根据平衡条件可知：mg和N的合力与F大小相等、方向相反，根据几何知识得知N=mg，且有F=2mgcosθ，故A正确．B、C、D、小球沿圆环缓慢上移，处于动态平衡状态，对小球进行受力分析，小球受重力G，F，N，三个力．满足受力平衡．作出受力分析图如下，由图可知△OAB∽△GFA即：==则得：F=mg，N=mg，当A点上移时，半径R不变，AB减小，故F减小，N不变，故D正确，BC错误；故选：AD．【点评】相似三角形法在处理共点力的动态平衡时较为常见，当无法找到直角三角形时，应考虑应用此法．13．（4分）（2016•银川校级模拟）如图所示，质量不等的木块A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上，当水平力F作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1．当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F2，则（）A．在两次作用过程中，物体的加速度的大小相等B．在两次作用过程中，F1+F2＜FC．在两次作用过程中，F1+F2=FD．在两次作用过程中【考点】牛顿第二定律【分析】对整体分析，求出加速度，隔离分析，运用牛顿第二定律求出A对B的作用力大小．【解答】解：A、对整体分析，整体的加速度都为．故A正确．B、隔离分析，第一种情况，A对B的作用力，第二中情况，A对B的作用力．F1+F2=F．故B错误，C正确．D、可知．故D错误．故选AC．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．14．（4分）（2014•湖北校级模拟）电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为4m/s2B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为4m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为4m/s2【考点】超重和失重【分析】对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律．【解答】解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，对重物根据牛顿第二定律有：mg﹣F=ma，解得a=4m/s2，方向竖直向下，则电梯的加速度大小为4m/s2，方向竖直向下．电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动．故B、C正确，A、D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况．。
2016届山西省朔州市怀仁一中高三(上)期中物理试卷(解析版)
2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高三（上）期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分.在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求；第7~10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分。
）1．为了纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利70周年，铭记历史，警示未来，2015年9月3日在北京举行隆重的阅兵式，关于甲、乙、丙、丁的图片，下列说法中错误的是（）A．图甲中上午10点整李克强宣布纪念大会开始，10点整是时刻B．图乙方队沿直线通过检阅台的一段时间内的位移大小与路程相等C．图丙中计算洲际导弹通过天安门广场（远大于导弹的长度）的时间时，洲际导弹不能看做质点D．阅兵预演空中梯队通过天安门上空时，以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的2．如图甲所示，某女士第一次站立在台阶式自动扶梯上，扶梯将她送上搂，第二次如图乙所示，该女士乘相同自动扶梯的同时，她还相对于扶梯匀速向上走，两次到达同一高度，两次自动扶掷匀速运动的速度相同，下列关于两次自动扶梯的牵引力做功和功率的说法正确的是（）A．两次牵引力做功相同，牵引力的功率第一次的较大B．牵引力做功第一次的较大，两次牵引力功率相同C．牵引力做功第一次的较大，功率也是第一次的大D．两次牵引力做功相同，功率也相同3．如图所示，两个相间的物体A、B叠在一起放在粗糙的水平桌面上，连在物体B上的轻绳通过定滑轮与空箱C相连，箱内放有一小球与箱内壁右侧接触，整个系统处于静止状态，已知A、B的质量均为m、C的质量为M，小球的质量为m0，物体B与桌面的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，不计滑轮摩擦和空气阻力，下列说法中正确的是（）A．物体A受到三个力的作用B．小球受到三个力的作用C．桌面受到物体的摩擦力大小为2μmgD．桌面受到物体的摩擦力大小为（M+m0）g4．如图所示，帆船船头指向正东以速度v（静水中速度）航行，海面正刮着南风，风速为v，以海岸为参考系，不计阻力．关于帆船的实际航行方向和速度大小，下列说法中正确的是（）A．帆船北偏东30°方向航行，速度大小为2vB．帆船东偏北60°方向航行，速度大小为vC．帆船东偏北30°方向航行，速度大小为2vD．帆船东偏南60°方向航行，速度大小为v5．如图所示，A、B两个物体叠放在一起，静止在粗糙水平地面上，B与水平地面间的动摩擦因数μ1=0.1，A与B之间的动摩擦因数μ2=0.2，已知物体A的质量m=2kg，物体B的质量M=3kg，重力加速度g取10m/s2，现对物体B施加一个水平向右的恒力F，为使物体A与物体B相对静止，则恒力的最大值是（物体间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A．5N B．10N C．15N D．20N6．2015年8月27日10时31分，我国在太原卫星发射中心用长征四号丙运载火箭，成功将遥感二十七号卫星送入太空，若遥感二十七号卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为T，速率为v，地球的半径为R，不考虑地球自转，则地球第一宇宙速度为（）A．B．C．D．7．如图所示，质量为m的物块在水平方向的恒力F的作用下静止在粗糙的斜面上，已知斜面的倾角为θ，若物块和斜面一直处于静止状态，下列说法中正确的是（）A．物块一定受四个力作用B．斜面对物块的作用力大小为C．斜面对物块的作用力大小为（Fsinθ+mgcosθ）D．斜面对物块的摩擦力的大小可能为（Fcosθ﹣mgsinθ）8．某火星探测器的发射过程的简化图如图所示，首先将该探侧器发射到一停泊测试轨道，使探测器沿椭圆环绕地球运行，其中图中的P点为椭圆轨道上的远地点；在经一系列的变轨进入工作轨道，使探测器在圆轨道上环绕火星运行．已知地球和火星的半径分别为R1，R2，P点距离地面的高度为h1，在工作轨道上探测器距离火星表面的高度为h2，地球表面的重力加速度为g，火星的质量为M，引力常量为G，忽略地球和火星自转的影响，根据以上信息可知（）A．探测器在P点的线速度大小 B．探测器在P点的加速度大小C．探侧器环绕火星运行的周期 D．火星表面的重力加速度9．如图所示，a，b分别是A，B两物体的v﹣t图象，以下说法正确的是（）A．A物体在5s内一直做匀减速直线运动，B物体在5s内一直做匀速直线运动B．在5s内A，B两物体的位移差是35mC．A物体在第3s末的速度为12m/sD．前3s内A物体的位移为60m10．荡秋千是大家喜爱的一项体育活动．如图是荡秋千的示意图，若人直立站在踏板上，从绳与竖直方向成90°角的A点由静止开始运动，摆到最低点B时，两根绳对踏板的总拉力是人所受重力的两倍．随后，站在B点正下面的某人推一下，使秋千恰好能摆到绳与竖直方向成90°角的C点．设人的重心到悬杆的距离为l，人的质量为m，踏板和绳的质量不计，人所受空气阻力与人的速度成正比．则下列判断中正确的是（）A．人从A点运动到最低点B的过程中损失的机械能等于mglB．人从A点运动到最低点的过程中损失的机械能等于mglC．站在B点正下面的某人推一下做的功小于mglD．站在B点正下面的某人推一下做的功大于mgl二、实验题（共2小题，满分15分）11．某实验小组“通过频闪照相探究平抛运动”．由频闪照相得到如图所示的小球位置示意图，0点为小球的水平抛出点．（g取10m/s）（1）根据小球位置示意图可以判断闪光时间间隔为s；（2）小球在O点的速度大小为m/s，小球在C点时沿竖直方向的速度大小为m/s．12．为了探究在质量不变时，物体的加速度与合力的关系，某学生想到用气垫导轨（物体在其上面运动时可认为摩擦力为0）和光电门及质量为m的滑块来进行实验．如图所示，他将气垫导轨的一端用木块垫髙，使导轨有一个倾角，将滑块从导轨上端释放，光电门自动记录滑块经过A、B光电门时，滑块上挡光片的挡光时间t1、t2，用游标卡尺测得挡光片的宽度为d，用量角器测得气垫导轨的倾角为θ，则（1）要测出滑块的加速度还必须测出（同时用符号表示该测量量）；（2）滑块的加速度为a=（用上面的已知量和测量量符号表示）．（3）要改变滑块受到的合力，只须改变，在利用图象探究加速度与合力的关系时，以纵轴表示加速度，在不用合力表示横轴的情况下，可用（填“sinθ”“cosθ”或“tanθ”）表示横轴．三、计算题（共4小题，满分45分）13．如图所示，长为2L的轻弹簧AB两端分别固定在竖直墙面上等高处，弹簧刚好处于原长．现在其中点O处轻轻地挂上一个质量为m的物体P后，物体向下运动，当它运动到最低点M时，弹簧与竖直方向的夹角为θ，重力加速度为g．（1）若轻弹簧的劲度系数为k，求物体在最低点时加速度的大小a；（2）求物体在最低点时弹簧的弹性势能E p．14．随着我国探月三步走计划的实现，中华儿女到月球上去旅游不再是梦想，将来有一天你可能会成功登上月球．若考虑月球自转，设其自转周期为T．用弹簧测力计在月球赤道测得某物体的重量为在其两极时的k倍（k＜1）．假设月球可视为质量分布均匀的球体，引力常量为G．求月球的密度ρ15．为了减少汽车刹车失灵造成的危害，如图所示为高速路上在下坡路段设置的可视为斜面的紧急避险车道，一辆货车在倾角θ=30°的连续长直下坡高速路上，以v0=7m/s的速度在刹车状态下匀速行驶（在此过程及后面过程中，可认为发动机不提供牵引力），突然汽车刹车失灵，开始加速运动，此时汽车所受到的摩擦和空气阻力共为车重的0.45，在加速前进了x0=96m后，货车冲上了平滑连接的倾角α=53°避险车道，己知货车在该避险车道上所受到的摩擦和空气阻力共为车重的0.45．货车的各个运动过程均可视为直线运动．sin53°=0.8，g=10m/s2．求：（1）汽车剛冲上避险车道时的速度大小v；（2）汽车在避险车道上行驶的最大距离x．16．如图所示，水平传送带的右端与竖直面内的用内壁光滑钢管弯成的“9”形固定轨道相接，钢管内径很小．传送带的运行速度为v0=6m/s，将质量m=1.0kg的可看作质点的滑块无初速地放到传送带A端，传送带长度为L=12.0m，“9”字全高H=0.8m，“9”字上半部分圆弧半径为R=0.2m，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.3，重力加速g=10m/s2，试求：（1）滑块从传送带A端运动到B端所需要的时间；（2）滑块滑到轨道最高点C时受到轨道的作用力大小；（3）若滑块从“9”形轨道D点水平抛出后，恰好垂直撞在倾角θ=45°的斜面上P点，求P、D两点间的竖直高度h（保留两位有效数字）．2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分.在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求；第7~10题有多项符合题目要求。
高三物理月考试题及答案-山西朔州市怀仁县第一中学2015届高三一轮复习摸底考试理综
2015年山西省朔州市怀仁一中高考物理一模试卷一、选择题：本题其8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项是符合题目要求的，第6～8题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•朔州校级一模）2014年12月5日，美国“猎户座”飞船在肯尼迪航天中心成功发射，进行了首次无人飞行试验．“猎户座﹣E船是用来实现地球与火星问的载人飞行计划的胶囊型飞船，绕地球运行时，其轨道高度距离地球表面约5800km，约为国际宇宙空间站离地高度的15倍．假设飞船、空问站均绕地球做匀速圆周运动，相比空间站，“猎户座”飞船（）A．运行速度较大 B．角速度较大C．绕地球一周所用时间较长 D．加速度较大【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：飞船和空间站绕地球飞行时都是卫星，对于卫星，越高越慢、越低越快，据此回答即可．【解析】：解：A、B、C、飞船和空间站绕地球做匀速圆周运动，飞船的轨道高度约为国际宇宙空间站离地高度的15倍，由于卫星，越高越慢、越低越快，故飞船较慢，故线速度小，角速度小，周期大；故AB错误，C正确；D、根据G=ma，有a=，故飞船高度大，加速度小；故D错误；故选：C．【点评】：本题关键是记住“卫星越高越慢、越低越快”的结论，基础题目．2．（6分）（2015•朔州校级一模）如图所示，两段等长的细线L1和L2串接着质量均为1kg 的小球a、b，悬挂于O点．现用沿水平向右的外力F缓慢拉动小球a，当L1与竖直方向的夹角为45°时，F的大小是（去g=10m/s2）（）A． 10N B． 10N C． 20N D． 20N【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：当L1与竖直方向的夹角为45°时，b球处于竖直状态，对ab两个小球受力分析，ab都处于静止状态，合力为零，根据共点力平衡条件列式求解即可．【解析】：解：当L1与竖直方向的夹角为45°时，b球处于竖直状态，对ab两个小球受力分析，如图所示：b处于静止状态，则T=mg，对A受力分析，受到重力mg，F，oa绳子的拉力和ob绳子的拉力，合力为零，则有：解得：F=mg+mg=20N故选：C【点评】：解决本题的关键合适地选择研究对象，正确地进行受力分析，运用共点力平衡，抓住水平方向和竖直方向合力为零进行求解，难度不大，属于基础题．3．（6分）（2015•朔州校级一模）蹦床运动深受青少年喜爱，已被列入奥运比赛项目．若把蹦床简化为一个竖直放置的轻弹簧，把该运动员视作质点，不计空气阻力，则当运动员由蹦床上方自由下落，从刚接触床面到将床面压缩至最低的过程中，运动员（）A．受到的合力一直增大B．在最低点加速度的值大于重力加速度的值C．加速和减速阶段的速度改变量大小相同D．加速和减速阶段的位移相同【考点】：牛顿第二定律；超重和失重．【分析】：本题考查人在蹦床上运动时受力及能量间的转化，要注意正确分析受力，明确各力做功情况，从而确定能量的转化方向．【解析】：解：A、当运动员由蹦床上方自由下落，从刚接触床面到将床面压缩至最低的过程中，运动员开始时受到的弹力小于重力，合力的方向向下，随弹力是增大，合力逐渐减小；当弹力大于重力后，合力的方向向上，随弹力的增大，加速度逐渐增大，故A错误，B、C、D、从刚接触床面到将床面压缔至最低的过程中，运动员先加速后减速，当弹力等于重力时，运动员的速度最大；由运动的对称性可知，当弹簧的弹力等于2倍的重力时，运动员的速度与刚刚接触蹦床的速度是相等的，此后，运动员继续减速，一直到0．所以运动员加速阶段的速度变化量小于减速阶段的速度改变量大小；加速阶段的位移小于减速阶段的位移；在最低点加速度的值大于重力加速度的值．故B正确，CD错误．故选：B【点评】：该题考查牛顿第二定律的瞬时变化问题，要注意人受到的力为变力，弹簧的弹力变化满足F=kx，可以根据力力的特殊性与运动的对称性分析运动情况．4．（6分）（2015•朔州校级一模）如图甲，水平放置的闭合回路由两部分组成，虚线左侧是电阻不能忽略的圆形导线，置于方向竖直的磁场B1中，B1随时间t的变化如图乙所示，t=0时，B1方向竖直向上；虚线右侧是电阻可忽略的光滑平行导轨，处于方向竖直向下的匀强磁场B2中．t=0时，导体棒曲在平行于导轨、水平向右的外力，作用下从静止开始向右做匀加速直线运动，则F随t的变化规律大致是图丙中的（）A． B． C． D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据牛顿第二定律和安培力与速度的关系式列式，分析F与t的关系，即可选择图象．【解析】：解：t时刻棒的速度为 v=at产生的感应电动势 E=BLv感应电流 I=所受的安培力 F安=BIL=由牛顿第二定律得 F﹣F安=ma可得 F=+ma当t=0时，F＞0，由于棒做匀加速运动，a不变，且由数学知识知，F﹣t图象是不过原点的倾斜直线，故D正确．故选：D．【点评】：对于图象，往往要根据物理规律得到解析式，再分析图象的形状和物理意义．5．（6分）（2015•朔州校级一模）图甲中D为理想二极管，具有单向导电性，R是阻值均为10Ω的定值电阻．当a、b间加有图乙所示按正弦式规律变化的交变电压时，交流电压表的示数约为（）A． 36.7V B． 51.9V C． 73.3V D． 103.7V【考点】：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：依据图象可得电压的有效值，在结合电流的热效应可得电压表示数．【解析】：解：由图可知该交流电的有效值为：，由于二极管具有单向导电性，故该交流只有在每个周期的前半个周期才能向负载输出电压，由电流热效应可知：，解得：，则电压表示数为：=．故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】：该题的关键之一是要清楚二极管具有单向导电性；其次是要会用电流的热效应求交流电的有效值，这个是重点考察内容．6．（6分）（2015•朔州校级一模）如图所示，真空中有一个边长为2L的正方形，O点是其中心，a、b、c、d是各边的中点．在正方形的四个顶点A、B、C、D上分别放置带电量为﹣Q、+Q、+Q、+Q的点电荷，则下列说法正确的是（）A． O点处电场强度的大小为4kB． a、b两处的电场强度相同C． d点电势一定高于b点电势D．将一个带正电的试探电荷沿ac连线从a移到c，电场力做负功【考点】：电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】： BD两点上的电荷在O点产生的场强大小相等，方向相反，正好抵消，最终的场强为AC两点电荷在O点产生场强的合场强；沿电场线方向电势降低，越靠近负电荷电势越低正电荷电势越高，电势能越大【解析】：解：A、B、D两点上的电荷在O点产生的场强大小相等，方向相反，正好抵消，最终的场强为A、C两点电荷在O点产生场强的合场强．则O点的场强：E=E B+E D=2k=，方向沿OA连线由O指向A，故A错误．B、a、b两处电场强度大小相同，方向不同，故B错误；C、沿电场线方向电势降低，越靠近负电荷电势越低，故d电势高于b的电势，故C正确；D、根据沿电场线方向电势降低，越靠近负电荷电势越低，知c电势高于a的电势，故带正电的试探电荷沿ac连线从a移到c，电场力做负功，故D正确；故选：CD【点评】：解决本题的关键掌握点电荷的场强公式，以及点电荷的场强方向，会根据平行四边形定则进行场强的叠加．7．（6分）（2015•朔州校级一模）如图，水平放置的匀质圆盘可绕通过圆心的竖直轴OO′转动．两个质量均为lkg的小木块a和b放在圆盘上，a、b与转轴的距离均为1cm，a、b与圆盘间的动摩擦因数分别为0.1和0.4（设虽大静摩擦力等于滑动摩擦力）．若圆盘从静止开始绕OO′缓慢地加速转动，用m表示网盘转动的角速度，则（取g=10m/s2）（）A． a一定比b先开始滑动B．当ω=5rad/s时，b所受摩擦力的大小为1NC．当ω=10rad/s时，a所受摩擦力的大小为1ND．当ω=20rad/s时，继续增大ω，b相对圆盘开始滑动【考点】：向心力；摩擦力的判断与计算．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：依据向心力表达式，比较两个物体谁的向心力会先达到最大静摩擦力，谁就先开始滑动；【解析】：解：A、木块的最大静摩擦力f=μmg．木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得木块所受的静摩擦力为：f=mω2r，当f=μmg，角速度最大ωm=，由此知允许的角速度与质量无关，由动摩擦因数和半径有关，故a允许的角速度比b的小，故a一定比b先开始滑动；故A正确；B、由f=mω2r知当ω=5rad/s时，b所受摩擦力的大小f=1×52×0.01=0.25N＜μ2mg=4N，故B错误；C、由f=mω2r知当ω=10rad/s时，a所受摩擦力的大小f=1×102×0.01=1N=μ1mg=1N，故C 正确；D、由ωm=知b的角速度最大为ωB==20rad/s，继续增大ω，b相对圆盘开始滑动，故D正确；故选：CD．【点评】：本题的关键是正确分析木块的受力，明确木块做圆周运动时，静摩擦力提供向心力，把握住临界条件：静摩擦力达到最大，由牛顿第二定律分析解答．8．（6分）（2015•朔州校级一模）如图，a、b、c是三个小物块，a、b用绕过轻质定滑轮的细线相连，a放在固定的光滑斜面上，b、c在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，c放在水平地面上．现控制使细线伸直但无弹力，此时滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．将a由静止释放，a沿斜面下滑至速度最大时c恰好离开地面．已知m a=4m，m b=m c=m 不计细线与滑轮问的摩擦，下列说法正确的是（）A．斜面倾角的正弦值为0.6B． c离开地面时，绳子拉力的大小为2mgC． c离开地面时，b的速度值为2gD．从释放a到c刚离开地面的过程中，a、b与地球组成的系统机械能守恒【考点】：机械能守恒定律；功能关系．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】： c刚离开地面时，物体a沿斜面下滑的距离应该等于弹簧原来被压缩的长度再加上后来弹簧被拉长的长度，a获得最大速度，b应该处于受力平衡状态，对b受力分析，可以求得斜面的倾角α和绳子的拉力；对于整个系统机械能守恒，根据机械能守恒列出方程就可以求得b的速度．【解析】：解：AB、设当物体c刚刚离开地面时，弹簧的伸长量为x C，则kx C=mg物体c刚刚离开地面时，以b为研究对象，物体b受到重力4mg、弹簧的弹力kx C、细线的拉力T三个力的作用，此时三力平衡，对b有：T﹣mg﹣kx C=0由上两式联立解得：绳子拉力的大小 T=2mg对a有，由平衡条件得：4mgsinα﹣T=0则得 sinα=0.5．故A错误，B正确．C、设开始时弹簧的压缩量x b，则 kx b=mg，x b=设当物体C刚刚离开地面时，弹簧的伸长量为x c，则kx c=mg，x c=当物体c刚离开地面时，物体b上升的距离等于物体a沿斜面下滑的距离，均为：h=x b+x c=c离开地面时，a与b的速度值相等，设为v．以A、B及弹簧组成的系统为研究对象，由系统的机械能守恒定律得：4mghsinα﹣mgh=（4m+m）v2；联立解得：v=2g，故C正确．D、从释放a到c刚离开地面的过程中，a、b、弹簧与地球组成的系统，只有重力和弹簧的弹力，系统的机械能守恒，由于弹性在变化，所以a、b与地球组成的系统机械能不守恒．故D错误．故选：BC．【点评】：本题关键是分析求出系统的运动状态，把握住弹簧的形变量与物体a下滑距离的关系，结合机械能守恒定律和胡克定律多次列式求解分析．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（7分）（2015•朔州校级一模）用图甲所示的装置验证m1，m2组成的系统机械能守恒时，让m2从高处由静止开始下落后，m1拖着纸带上打出了一系列的带你，对纸带上的点迹继续测量，即可验证机械能守恒定律，图乙是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点（速度为0），每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出）计数点间的距离如图乙所示，已知m1=50g，m2=150g，则（取g=10m/s2，结果保留2位有效数字）．（1）纸带上打下计数点5时，m1的速度v5= 2.4 m/s（2）在打下点0﹣5的过程中，系统势能的减少量△E p= 0.60 J，系统东等的增量△E B= 0.58 J．由此可得到的结论是在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题．【分析】：（1）根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可以求出打下记数点5时的速度大小；（2）根据系统的初末动能大小可以求出动能的增加量，根据系统重力做功和重力势能之间的关系可以求出系统重力势能的减小量，比较动能增加量和重力势能减小量之间的关系可以得出机械能是否守恒．【解析】：解：（1）根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为：v5===2.4m/s；（2）系统重力势能的减小量等于物体重力做功，故：△E P=W=（m2﹣m1）gx=0.1×10×（0.216+0.384）=0.60J；在0～5过程中系统动能的增量△E K=（m1+m2）v52=×0.2×2.42J=0.58J；由此可知动能的增加量和势能的减小量基本相等，因此在在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒．故答案为：（1）2.4；（2）0.60，0.58，在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒．【点评】：本题全面的考查了验证机械能守恒定律中的数据处理问题，要熟练掌握匀变速直线运动的规律以及功能关系，增强数据处理能力．10．（8分）（2015•朔州校级一模）为测定一硅光电池的电动势和内电阻，某小组设计了如图甲的实验电路，图中R为滑动变阻器，和是理想电流表，与串联的定值电阻的阻值为R0，现在一定强度的光照下进行下述实验（计算结果保留3位有效数字）（1）闭合开关，调节滑动变阻器，读出电流表、的值I1、I2，为作出电池的U﹣I 图象，需要计算出路端电压U，则U= I1R0（用题中所给符号表示）（2）根据测量数据作出该硅光电池的U﹣I图象如图乙所示，则该电池的电动势E= 2.90 V，在流过的电流小于200mA，此电池的内阻r= 4.00 Ω（3）若用该光电池为阻值为6Ω的用电器供电，此用电器的功率P= 0.338 W．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：想电流表和定值电阻构成一电压表，可测量外电压．在硅光电池的U﹣I图象，当I=0，U=E，图线斜率的绝对值表示内阻．通过作图求解，作出电阻为6Ω它两端的电压和通过它电流的图线，与图乙中U﹣I图线有交点，交点对应电压电流表示硅光电池两端接上阻值为6Ω的电阻时的电压和电流．则可求得功率【解析】：解：（1）理想电流表和定值电阻构成一电压表，可测量外电压．所以U=I1R0．（2）在硅光电池的U﹣I图象，当I=0，U=E，图线斜率的绝对值表示内阻．所以E=2.90V，在流过电流表A2的电流小于200mA的情况下，图象为直线，图象的斜率表示内阻，此电池的内阻r==4.00Ω．（3）作出6Ω定值电阻的U﹣I图线，是一条过原点的直线，该直线与图乙中电源的外电压和电流图线有交点，交点对应的电压、电流表示硅光电池两端接上阻值为6Ω的电阻时的电压和电流．由图可知，电压值为2.25V，电流为0.15A；则功率P=UI=2.25×0.15=0.338W；3故答案为（1）I1R0；（2）2.90； 4.00 （3）0.338【点评】：本题考查测定电动势和内电阻的数据处理，要求能根据公式得出图象中斜率及截距的含义；同时注意对于非线性元件，要注意利用图象法求解其工作点．11．（13分）（2015•朔州校级一模）如图所示，平板小车B静止在光滑水平面上，现用F=12N 的水平恒力向左拉动小车，当小车B速度为v0时，将小物体A无初速地轻放在小车B的左端（不计此时的能量损失），A滑到B的右端而恰不掉下．已知A、B间的动摩擦因数μ=0.4，小车长L=1m，m A=1kg，m B=4kg，求v0的大小．（取g=l0m/s2）【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：分别对物体和小车受力分析，根据牛顿运动定律求解加速度，根据运动学知识找到位移和速度关系列方程求解．【解析】：解：物体A加速度为a1，小车加速度为a2由牛顿运动定律知μm A g=m A aF﹣μm A g=m B a物体A到达B右端速度为v1=a1t位移为x1=，此时小车B速度为v2=v0+a2t，位移为x2=v，若恰好不掉，则v1=v2x2﹣x1=L联立以上各式解得v0=2m/s答：v0的大小为2m/s．【点评】：本题是相对运动的题目，要对每个物体分别分析其运动情况，利用运动学的基本公式，再根据速度和位移的关系及牛顿第二定律求解，若恰好不掉，则v1=v2；x2﹣x1=L，难度较大．12．（19分）（2015•朔州校级一模）如图，x轴的上方存在匀强磁场B1和匀强电场E1，其中B1=0.20T，方向垂直纸面向里；E1=2.0×105v/m，方向沿x轴负方向．M、N是与x轴平行的薄板，其中N板位于x轴上．P、Q是MN板上的两个小孔，其连线与y轴平行．在xOy坐标系的第一象限内，有一理想边界线AO，与x轴的夹角∠AOx=45°，边界线的上方有垂直于xOy平面向外的匀强磁场，磁感应强度B2=0.25T，边界线的下方有沿y轴正方向的匀强电场，电场强度E2=5.0×105V/m，y轴上固定一荧光屏．一束带电荷量q=8.0×10﹣19C、质量m=8.0×10﹣20kg的正离子从P点射入MN间，通过点Q（0.8m，0）后沿y轴正方向进入第一象限，最后打到荧光屏上的C点．不计离子的重力，求：（1）高子通过Q点时速度的大小；（2）C点的纵坐标；（3）若只改变AOx区域内磁感应强度的大小，使离子都不能到达荧光屏上，则磁感应强度的大小B2应满足什么条件？（不考虑N板对离子的反射）【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）离子在复合场中做直线运动，受电场力和洛伦兹力平衡，结合平衡求出离子通过Q点的速度大小．（2）根据半径公式求出离子在磁场中做圆周运动的半径，作出离子的运动轨迹，得出圆心角，确定出离子在电场中做类平抛运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出沿电场方向上的位移，根据几何关系求出C点的纵坐标．（3）根据几何关系求出最大半径，结合半径公式求出磁感应强度的最小值，从而得出磁感应强度的范围．【解析】：解：（1）设从Q射出的离子的速度大小为v，有：qE1=qvB1，代入数据解得v=1.0×106m/s．（2）离子进入磁场做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有：，代入数据解得r=0.4m．作出离子的运动轨迹，交OA边界于D，如图所示．可知圆弧QD的圆心角为90°，离子垂直电场线进入电场，离子在电场中做类平抛运动，x=OO′=vt，y=，a=，代入数据联立解得y=0.4m．离子打到荧光屏上的位置C的纵坐标为y C=（0.4+0.4）m=0.8m．（3）只要离子能通过AO边界进入电场E2中，离子一定到达荧光屏上．由几何关系可知，使离子不能到达y轴上的最大半径R m+2R m sin45°=x Q，设最小的磁感应强度大小为B0，则，代入数据解得，所以B2应满足的条件．答：（1）离子通过Q点时速度的大小为1.0×106m/s．（2）C点的纵坐标为0.8m．（3）磁感应强度的大小B2应满足．【点评】：本题考查了粒子在电场和磁场中运动，知道粒子在PQ间做匀速直线运动，对于粒子在磁场中的运动，会确定圆心、半径、圆心角．掌握处理粒子做类平抛运动的方法，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．对于第三问，关键确定出临界状态，找出最大半径．【物理--选修3-3】（共2小题，满分15分）13．（6分）（2015•朔州校级一模）根据热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是（） A．为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B．不可能使热量由低温物体传递到高温物体C．可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D．一定质量的理想气体，在等压膨胀过程中，气体分子的平均动能减小E．功转化为热的宏观过程是不可逆的过程【考点】：理想气体的状态方程；热力学第一定律；热力学第二定律．【专题】：热力学定理专题．【分析】：在热力学中，系统发生变化时，内能的变化为△U=Q+W；不可能把热量从低温物体传向高温物体而不引起其它变化．【解析】：解：A、做功和热传递是改变物体内能的两种方法，为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量．故A正确；B、热量不能自发从低温物体传向高温物体，在一定的条件下可能使热量由低温物体传递到高温物体，如空调．故B错误；C、热力学第二定律可以表示为：不可能制成一种循环动作的热机，从单一热源取热，使之完全变为功而不引起其它变化；但是可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功．故C正确．D、根据理想气体的状态方程：可知，一定质量的理想气体，在等压膨胀过程中，气体的温度一定升高，所以分子的平均动能增大．故D错误；E、热力学第二定律的实质：一切与热现象有关的实际宏观过程都是不可逆的；但功和能是两个不同概念，功是不可能转化为能的，故E错误；故选：AC．【点评】：本题考查了理想气体的状态方程、热力学第一定律和热力学第二定律，关键是根据公式△E=W+Q进行分析，基础题．14．（9分）（2015•朔州校级一模）如图所示，可沿气缸壁自由移动的活塞将密封的竖直圆筒形气缸分隔成A、B两部分，活塞与气缸顶部有一弹簧相连，当活塞位于气缸底部时弹簧恰好无形变．开始时B内充有一定质量的气体，A内是真空，B部分气体的高度为L1=0.20m此时活塞受到弹簧的作用力与活塞的重力大小相等．现将整个装置倒置并设温度不变，求达到新的平衡后B部分气体的高度L2．【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：以气体为研究的对象，可知气体发生等温变化，求出气体状态参量，然后应用玻意耳定律求出气体压强．【解析】：解：设开始时B中气体的压强为P1，气缸倒置达到平衡后气体的压强为P2，以活塞为研究的对象，由受力平衡可得：P1S=kL1+Mg；P2S+Mg=kL2其中S是活塞的横截面积，M是活塞的质量，k为弹簧的劲度系数，由题可知开始时：kL1=Mg 根据玻意耳定律得：P1SL1=P2SL2联立以上方程，得：L2=0.4m答：整个装置倒置后气体的长度是0.4m．【点评】：本题考查了求气体压强，分析清楚气体状态变化过程，求出气体状态参量，应用玻意耳定律即可正确解题．【物理-选修3-4】（共2小题，满分0分）15．（2012•广安二模）一列简谐横波以1m/s的速度沿绳子由A向B传播，A、B间的距离为3m，如图甲所示．若质点B的振动图象如图乙所示，则质点A的振动图象为（）A． B． C． D．【考点】：横波的图象；简谐运动的振动图象．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：由振动图象读出周期T，由波速公式v=求出波长λ，根据AB间的距离与波长的关系，结合波形分析两点状态的关系，确定t=0时刻质点A的位置和速度，再选择图象．【解析】：解：由振动图象读出周期T=4s，则波长为λ=vT=1×4m=4m，A、B间的距离为3m=．由图乙得知，t=0时刻质点B位于平衡位置向下运动，波沿绳子由A向B传播，根据波形可知，t=0时刻质点A正处于波峰，所以A的振动图象是余弦曲线．故D正确．故选D【点评】：本题关键根据AB间距离与波长，结合波形分析它们状态的关系，确定t=0时刻质点A的状态，再选择图象．16．（2015•朔州校级一模）如图所示，一半径为R的球体放置在水平桌面上，球体由折射率为的透明材料制成．现有一束位于球心O的竖直平面内的光线，平行于桌面射到球体表面上，折射入球体后再从竖直表面射出，已知入射光线与桌面的距离为R，求光线在竖直表面的出射角．【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：当光从图示位置射入，经过二次折射后射出球体，先由几何知识求出在开始点的入射角，由折射定律可求出开始点的折射角，由几何关系得到细光束在竖直表面上的入射角．根据折射定律求出光线在出射点的折射角．【解析】：解：设入射光线与球体的交点为C，连接OC，OC即为入射点的法线．因此，图中的角α为入射角．过C点作球体水平表面的垂线，垂足为B．依题意，∠COB=α．又由△OBC知。
【全国百强校】山西省怀仁县第一中学2016-2017学年高一上学期期中考试物理试题解析(解析版)
山西省怀仁县第一中学2016-2017学年高一期中考试物理试题一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分，每小题有四个选项，其中1-9为单选题，10~12题为多选，全部选对得满分，选不全的得一半分，有选错项或不答的得0分）1．在下述问题中，能够把研究对象当作质点的是A．研究地球绕太阳公转一周所需时间是多少B．研究地球绕太阳公转一周地球上不同区域季节的变化，昼夜长度的变化C．研究运动员踢出的香蕉球的运动成因时，足球可看出质点D．正在进行花样滑冰比赛的运动员【答案】A考点：考查了对质点的理解【名师点睛】判断物体能不能看做质点，判断依据不是质点的质量大小和体积大小，而是我们所研究的问题，当物体的形状和体积对我们所研究的问题影响不大或者可以忽略时，物体可以看至质点，小物体不一定能看做质点，如研究原子核的内部结构时，原子核不能看做质点，大物体不一定不能看做质点，如研究地球公转时，地球可以看做质点2．关于加速度的概念，以下说法中正确的是A．物体运动加速度的方向与初速度方向相同，物体的运动速度将增大B．物体运动的加速度大小表示速度变化的大小C．加速度的正负表示了物体运动的方向D．做匀变速直线运动的物体速度增大的过程中，它的加速度一定为正值【答案】A【解析】试题分析：当加速度方向和速度方向相同时，物体做加速运动，当加速度方向和速度方向相反时，物体做减速运动，A 正确；加速度表示速度变化快慢，速度变化量表示速度变化的大小，B 错误；速度的正负表示了物体的运动方向，加速度的正负表示了速度变化的方向，C 错误；只要加速度方向和速度方向相同，则做加速运动，如0,0v a <<，D 错误；考点：考查了加速度和速度【名师点睛】加速度和速度关系是学生容易出错的地方，判断物体做加速还是减速运动，只要判断加速度和速度方向关系当加速度与速度方向相同时，物体做加速运动，当物体加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动，不用考虑加速度是变大还是变小3．关于瞬时速度、平均速度、速度、平均速率，下列说法正确的是A ．在直线运动中，某一段时间内的平均速度大小一定等于它在这段时间内的平均速率B ．运动物体在某段时间内的任一时刻速率都不变，则它在这段时间内的瞬时速度一定不变C ．若物体在某段时间内每个时刻的瞬时速度都等于零，它在这段时间内的平均速度可能不等于零D ．若物体在某段时间内的平均速度等于零，它这段时间内的任一时刻的瞬时速度可能都不等于零【答案】D考点：考查了平均速度，平均速率，瞬时速度【名师点睛】正确解答本题的关键是：深刻理解瞬时速度、平均速度、平均速率等基本概念，瞬时速度是与某一时刻或者某一位置相对应的速度，平均速度是质点在某段时间内运动的位移与所用时间的比值，而平均速率是所用路程与时间的比值，二者是两个完全不同的概念．4．如图所示，是一质点沿一条直线运动的v-t 图像，以下说法正确的是A ．0到1t 时间内与1t 到2t 时间内质点的运动方向不同B ．0到1t 时间内速度的变化量比1t 到2t 时间内速度的变化量小C ．0到1t 和1t 到2t 两段时间内平均速度一定相同D ．0到1t 和1t 到2t 两段时间内的加速度大小不同，方向相同【答案】C考点：考查了速度时间图像【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移5．一辆以12m/s 的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以24/m s 的加速度作匀减速直线运动，则汽车在5s 内的位移是A ．10mB ．18mC ．24mD ．30m【答案】B【解析】试题分析：汽车静止所用时间为1234t s s ==，故汽车在3s 时停止运动，5s 内的位移和在3s 内的位移相同，所以2121824x m ==⨯，B 正确； 考点：考查了汽车刹车问题【名师点睛】在汽车刹车问题中，一定要考虑实际，汽车速度减小到零后停止运动，所以需要先考虑汽车停止运动时间，然后对比题中给出的时间，看是不是在该时间下汽车已经停止运动了，然后结合匀变速直线运动规律分析解题6．做匀加速直线运动的列车时，车头经过站台某点O 时速度是1m/s ，车尾经过O 点时的速度是7m/s ，则这列列车的中点经过O 点时的速度为A ．5m/sB ．5.5m/sC ．4m/sD ．3.5m/s【答案】A考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题7．一辆汽车在平直公路上匀速行驶，由于前方出现险情，刹车后汽车的位移与时间的关系为2273x t t =-（x 单位为m ，t 单位为s ）。
2015-2016学年高一上学期期中物理试卷
2015-2016学年上学期中段考试卷高一物理一、单项选择题：（8小题，每题3分，共24分。
）1.19世纪末，意大利比萨大学的年轻学者伽利略通过逻辑推理的方法，使亚里士多德统治人们2000多年的理论陷入困难，伽利略的猜想是A.重的物体下落得快B.轻的物体下落得快C.轻、重两物体下落得一样快D.以上都不是2.某质点的位移随时间的变化关系式s =4t -2t 2,s 与t 的单位分别是m 和s 。
则该质点的初速度和加速度分别是A.4m/s 和-4m/s 2B.0和2m/s2C.4m/s 和-2m/s 2D.4m/s 和03. 关于下图描述运动的图象，正确的说法是A.图象A 描述的是一个物体做匀速直线运动B.图象B 描述的是一个物体做匀加速直线运动C.图象C 描述可能的是一个物体沿斜面向上滑动，达到最高点后又向下滑动D.图象D 描述的可能是一个物体做上抛运动（取初速度的方向为正）4.一个小球自高45m 的塔顶自由落下，若取g=10m/s 2，则从它开始下落的那一瞬间起直到落地，小球在每一秒内通过的距离（单位为m ）为A ．3、6、9、12、15B ．9、15、21C ．10、15、20D ．5、15、25 5. 小华乘出租车到车站接人后返回出发地，司机打出全程的发票，如图所示，则此过程中，出租车运动的路程和位移分别是 A ．9.8 km ，9.8 km B ．9.8 km ，0C ．0，9.8 kmD ． 0，06. 下列说法正确的是：A ．质点一定是体积很小、质量很小的物体B ．当研究一列火车全部通过桥所需的时间，因为火车上各点的运动状态相同，所以可以把火车视为质点C ．参照物就是静止的物体DD．对同一物体，若取不同的参照物，其运动情况可能不同。
7. 一质点做直线运动,t=t0时,s＞0,v＞0,a＞0,此后a逐渐减小,则A.速度的变化越来越慢B.速度越来越小C.位移逐渐变小D.位移始终为正值、速度可能为负8. 某质点运动的位移-时间图象如图甲所示，此过程对应的v-t图象是图乙中的哪一个二、不定项选择题：（5小题，每题5分，共25分。
山西省朔州市怀仁一中2016-2017学年高一上学期第三次月考物理试卷Word版含解析
2016-2017学年山西省朔州市怀仁一中高一（上）第三次月考物理试卷一、选择题1．甲、乙两物体开始位于同一点，从t=0时刻两物体开始运动，通过速度传感器测出的两物体的速度随时间的变化规律如图所示．则（）A．物体甲在前5s做初速度为零的匀加速直线运动，且在第5s末速度方向发生变化B．第10s末物体甲的速度为零，此刻两物体之间的距离最大C．第10s末两物体相遇D．在第20s末两物体之间的距离最大2．如图所示，一小球用轻绳悬于O点，用力F拉住小球，使悬线保持偏离竖直方向75°角，且小球始终处于平衡状态，为了使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ应该是（）A．90°B．15°C．45°D．0°3．一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其﹣t图象如图所示，则（）A．质点做匀速直线运动，速度为0.5 m/sB．质点做匀加速直线运动，加速度为0.5 m/s2C．质点在1 s末速度为1.5 m/sD．质点在第1 s内的平均速度为0.75 m/s4．如图所示，物体P左边用一根轻弹簧和竖直墙相连，放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度大于原长．若再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动．在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力N的大小和地面对P 的摩擦力f的大小的变化情况是（）A．N始终增大，f始终减小B．N先不变后增大，f先减小后增大C．N保持不变，f始终减小D．N保持不变，f先减小后增大5．在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光波长为长度标准，用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落至原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于（）A．B．C．D．6．一铁架台放于水平地面上．其上有一轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直，现将水平力F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止，则在这一过程中（）A．铁架台对地面的压力逐渐增大B．铁架台对地面的压力逐渐减小C．细线拉力逐渐增大D．铁架台所受地面的摩擦力方向向右，大小不变7．如图所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，它们距斜面底端A点的距离分别为s1、s2、s3，对应到达最高点的时间分别为t1、t2、t3，则下列关系正确的是（）A．==B．＞＞C．==D．＞＞8．如图所示，t=0时，质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔2s 物体的瞬时速度记录在下表中，重力加速度g=10m/s2，则下列说法中正确的是（）A．t=3 s的时刻物体恰好经过B点B．t=8 s的时刻物体恰好停在C点C．物体运动过程中的最大速度为12 m/sD．A、B间的距离小于B、C间的距离二、多选题9．如图所示，一质量为m的滑块，以初速度v0从倾角为θ的斜面底端滑上斜面，当其速度减为零后又沿斜面返回底端．已知滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，若滑块所受的摩擦力为f、所受的合外力为F、加速度为a、速度为v，选沿斜面合向上为正方向，在滑块沿斜面运动的整个过程中，这些物理量随时间变化的图象大致正确的是（）A．B．C．D．10．如图所示，一光滑的轻滑轮用细绳OO'悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b．外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态．若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（）A．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化B．绳OO'的张力也在一定范围内变化C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化11．如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动，依次经a、b、c、d到达最高点e．已知ab=bd=6m，bc=1m，小球从a到c和从c到d所用的时间都是2s，设小球经b、c时的速度分别为v b、v c，则（）A．v b=m/s B．v c=3 m/sC．de=4 m D．从d到e所用时间为2 s12．如图所示，两轻质弹簧a、b悬挂一质量为m的小球，整体处于平衡状态，a弹簧与竖直方向成30°角，b弹簧与竖直方向成60°角，a、b两弹簧的形变量相等，重力加速度为g，则（）A．弹簧a、b的劲度系数之比为：1B．弹簧a、b的劲度系数之比为：2C．若弹簧a下端松脱，则松脱瞬间小球的加速度大小为gD．若弹簧b下端松脱，则松脱瞬间小球的加速度大小为三、实验题：13．实验：用如图1所示的装置探究加速度a与力F的关系，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在墙上．（1）实验时，一定要进行的操作是（填选项前的字母）．A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，根据纸带的数据求出加速度a，同时记录弹簧测力计的示数F．B．改变小车的质量，打出几条纸带C．用天平测出沙和沙桶的总质量D．为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量（2）在实验中，有同学得到一条打点的纸带，取打点清晰部分做如下标记，如图2所示，已知相邻计数点间还有4个点没有画出来，打点计时器的电源频率为50Hz，则小车加速度的大小为a=m/s2．（结果保留3位有效数字）（3）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a ﹣F图象，可能是图3中的图线．四、计算题：14．客车以v=20m/s的速度行驶，突然发现同车道的正前方x0=120m处有一列货车正以v0=6m/s的速度同向匀速前进，于是客车紧急刹车，若客车刹车的加速度大小为a=1m/s2，做匀减速运动，问：（1）客车与货车速度何时相等？（2）此时，客车和货车各自位移为多少？（3）客车是否会与货车相撞？若会相撞，则在什么时刻相撞？相撞时客车位移为多少？若不相撞，则客车与货车的最小距离为多少？15．如图所示，A、B两棒长均为L=1m，A的下端和B的上端相距s=20m，若同时A做自由落体运动，B做初速度为v0=40m/s的竖直上抛运动，求：（1）A、B两棒何时相遇；（2）从相遇开始到分离所需时间．16．二战后期美国派太平洋舰队执行轰炸东京的任务．已知其航空母舰上的战斗机的最大加速度是a=5m/s2，它必须达到v=50m/s的速度才能起飞，该航母的甲板长度为L=160m．（1）为了使战斗机能安全起飞，在该航母上装了帮助飞机起飞的弹射系统，若要该飞机滑行160m后起飞，则弹射系统使飞机至少具有多大的初速度？（2）假设不装弹射系统，而是使航母以一定的速度航行，来帮助飞机起飞，则航母至少以多大的速度航行，才能使飞机安全起飞？17．一质量m=0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角θ=37°足够长的斜面，某同学利用传感器测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机做出了小物块上滑过程的vt图象，如图所示．（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数（2）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的速度大小；若不能返回，求出滑块停在什么位置．2016-2017学年山西省朔州市怀仁一中高一（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．甲、乙两物体开始位于同一点，从t=0时刻两物体开始运动，通过速度传感器测出的两物体的速度随时间的变化规律如图所示．则（）A．物体甲在前5s做初速度为零的匀加速直线运动，且在第5s末速度方向发生变化B．第10s末物体甲的速度为零，此刻两物体之间的距离最大C．第10s末两物体相遇D．在第20s末两物体之间的距离最大【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据图象的形状分析物体速度的变化情况，判断运动性质．根据两个物体速度关系，分析两物体之间距离的变化，确定何时相遇．【解答】解：A、物体甲在前5s沿负向做初速度为零的匀加速直线运动，在第5s末速度仍沿负向，速度方向没有发生变化，故A错误．B、前10s内，甲、乙两物体从同一点开始沿相反方向运动，两者间距不断增大，在10﹣20s内，两者同向运动，乙在甲的前方，由于乙的速度大，所以两者间距不断增大，所以t=10s时，两物体之间的距离不是最大．故B错误．C、前10s内，甲、乙两物体从同一点开始沿相反方向运动，则第10s末不可能相遇，故C错误．D、第20s末后．乙的速度比甲的速度小，两者间距减小，所以在第20s末两物体之间的距离最大，故D正确．故选：D2．如图所示，一小球用轻绳悬于O点，用力F拉住小球，使悬线保持偏离竖直方向75°角，且小球始终处于平衡状态，为了使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ应该是（）A．90°B．15°C．45°D．0°【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】小球始终处于平衡状态，合力为零，根据共点力平衡，抓住重力不变，细绳的拉力方向不变，运用作图法求出F的最小值．【解答】解：小球受三个力处于平衡，重力的大小和方向都不变，绳子拉力方向不变，因为绳子拉力和外力F的合力等于重力，通过作图法知，当F的方向与绳子方向垂直时，由于垂线段最短，所以F最小，则θ=15°．故B正确，A、C、D 错误．故选B．3．一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其﹣t图象如图所示，则（）A．质点做匀速直线运动，速度为0.5 m/sB．质点做匀加速直线运动，加速度为0.5 m/s2C．质点在1 s末速度为1.5 m/sD．质点在第1 s内的平均速度为0.75 m/s【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】由数学知识写出与t的关系式，对照匀变速运动的位移公式分析初速度、加速度，确定物体的运动情况．由=求平均速度．由速度时间公式求质点在第1s末的速度．【解答】解：AB、由图得：=0.5+0.5t．根据匀变速运动的位移公式x=v0t+at2，得：=v0+at，对比可得：a=0.5m/s2，则质点的加速度为a=2×0.5=1m/s2．初速度为v0=0.5m/s，则知质点的加速度不变，质点做匀加速直线运动，故A、B 错误．CD、质点做匀加速直线运动，在1s末速度为v=v0+at=0.5+1=1.5m/s．则质点在第1s内的平均速度为===1m/s，故C正确，D错误．故选：C4．如图所示，物体P左边用一根轻弹簧和竖直墙相连，放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度大于原长．若再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动．在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力N的大小和地面对P 的摩擦力f的大小的变化情况是（）A．N始终增大，f始终减小B．N先不变后增大，f先减小后增大C．N保持不变，f始终减小D．N保持不变，f先减小后增大【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】在P被拉动之前的过程中，弹簧仍处于原状，因此弹力不变，而物体P 先开始受到向右的静摩擦力，当拉力渐渐增大时，导致出现向左的静摩擦力，因而根据进行受力分析，即可判断．【解答】解：由题意可知，物体一直处于静止状态，弹簧的形变量不变，故弹力N不变；物体放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度大于原长，则弹簧对P的拉力向左，由于粗糙水平面，因此同时受到水平向右的静摩擦力．当再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动前过程中，物体P受到的静摩擦力从向右变为水平向左．所以其大小先减小后增大．故只有D正确．ABC错误．故选：D．5．在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光波长为长度标准，用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落至原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于（）A．B．C．D．【考点】激光的特性和应用；匀变速直线运动的公式；竖直上抛运动．【分析】本题考查了竖直上抛运动的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两部分组成．【解答】解：（1）小球从O点上升到最大高度过程中：h1=g （）2①小球从P点上升的最大高度：h2=g（）2②依据题意：h1﹣h2=H ③联立①②③解得：g=故选：A6．一铁架台放于水平地面上．其上有一轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直，现将水平力F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止，则在这一过程中（）A．铁架台对地面的压力逐渐增大B．铁架台对地面的压力逐渐减小C．细线拉力逐渐增大D．铁架台所受地面的摩擦力方向向右，大小不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】以小球和铁架台整体为研究对象受力分析，研究铁架台所受地面的摩擦力和支持力．以小球为研究对象分析水平拉力F的变化．【解答】解：AB、以整体为研究对象，根据平衡条件得：地面对铁架台的支持力F N=（M+m）g，F N保持不变，则铁架台对地面的压力不变，故A、B错误．CD、对小球受力分析，受拉力、重力、F，根据平衡条件，有：F=mgtanθ，θ逐渐增大，则F逐渐增大，以整体为研究对象，根据平衡条件得：地面对铁架台的摩擦力F f=F，则F f逐渐增大，方向向右．细线的拉力T=，θ增大，T增大，故C正确，D错误；故选：C7．如图所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，它们距斜面底端A点的距离分别为s1、s2、s3，对应到达最高点的时间分别为t1、t2、t3，则下列关系正确的是（）A．==B．＞＞C．==D．＞＞【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】抓住小球在斜面上运动时加速度大小相等，结合速度位移公式比较出初速度的大小，结合平均速度的推论比较平均速度的大小．采用逆向思维，结合位移时间公式比较位移与时间的平方之比．【解答】解：A、因为小球匀减速运动的加速度大小相等，根据知，v01＞v02＞v03，平均速度，可知，故A、B错误．C、采用逆向思维，有：，则，因为加速度大小相等，则．故C正确，D错误．故选：C．8．如图所示，t=0时，质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔2s 物体的瞬时速度记录在下表中，重力加速度g=10m/s2，则下列说法中正确的是（）A．t=3 s的时刻物体恰好经过B点B．t=8 s的时刻物体恰好停在C点C．物体运动过程中的最大速度为12 m/sD．A、B间的距离小于B、C间的距离【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据表格中的数据求出匀加速和匀减速直线运动的加速度，结合速度时间公式，根据4s末的速度求出物体2s后再斜面上还需滑行的时间，从而得出AB段的时间，根据速度时间公式求出最大速度．根据6s末的速度求出速度减为零还需的时间，从而得出物体恰好停止的时刻．根据速度位移公式分别求出AB 和BC段的距离，从而比较大小．【解答】解：A、根据图表中的数据，可以求出物体下滑的加速度，水平面上的加速度，根据运动学公式：8+a1t1+a2t2=12，t1+t2=2，解出t1=，即时，物体恰好经过B点，物体运动过程中的最大速度，故A、C错误．B、从8m/s开始，速度减为零还需的时间，可知t=6+4s=10s时，物体恰好停在C点，故B错误．D、根据v2﹣v02=2ax得，AB段的长度为，BC段的长度=m，可知AB间的距离小于BC的距离，故D正确．故选：D．二、多选题9．如图所示，一质量为m的滑块，以初速度v0从倾角为θ的斜面底端滑上斜面，当其速度减为零后又沿斜面返回底端．已知滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，若滑块所受的摩擦力为f、所受的合外力为F、加速度为a、速度为v，选沿斜面合向上为正方向，在滑块沿斜面运动的整个过程中，这些物理量随时间变化的图象大致正确的是（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律．【分析】根据正压力的大小确定摩擦力的大小变化．根据牛顿第二定律求出上滑和下滑的加速度大小，确定加速度的方向，从而得出合力的大小和方向．【解答】解：A、滑块在上滑的过程和下滑过程中，正压力大小不变，则摩擦力大小不变，方向相反，上滑时摩擦力方向向下，下滑时摩擦力方向向上，故A 正确．BC、上滑时加速度方向沿斜面向下，大小=gsinθ+μgcosθ，下滑时加速度大小=gsinθ﹣μgcosθ，方向沿斜面向下，则合力沿斜面向下．故B、C错误．D、上滑时做匀减速运动，下滑时做匀加速直线运动，上滑的加速度大小大于下滑的加速度大小，故D正确．故选：AD．10．如图所示，一光滑的轻滑轮用细绳OO'悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b．外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态．若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（）A．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化B．绳OO'的张力也在一定范围内变化C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】受力分析，建立坐标系进行正交分解，列式分析【解答】解：A、对于b，由物体的平衡条件得：y：N+Fsinα+m a gsinβ=m b g，F增大，N减小，一直到物体开始运动．因此N在一定范围内变化，故A正确；B、绳OO'的张力等于m a gcos（45o﹣0.5β），不变，故B错误；C、连接a和b的绳的张力等于物体a的重力m a g，不变，故C错误；D、对于b，由物体的平衡条件得：x：m a gcosβ=Fcosα+f，F增大，f先减小到零，反向再增大，一直到物体开始运动，所以物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化，故D正确．故选：AD．11．如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动，依次经a、b、c、d到达最高点e．已知ab=bd=6m，bc=1m，小球从a到c和从c到d所用的时间都是2s，设小球经b、c时的速度分别为v b、v c，则（）A．v b=m/s B．v c=3 m/sC．de=4 m D．从d到e所用时间为2 s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】本题的突破口是ab=bd=6m，bc=1m，小球从a到c的时间是2s，从a到d的时间是4s，根据x=即可求出v a和a；再根据速度公式v t=v0+at 求出v c和v d，然后根据v t2﹣v02=2ax求出de的距离，最后根据v t=v0+at求出从d 到e的时间．【解答】解：物体在a点时的速度大小为v0，加速度为a，则从a到c有：x ac=v0t1+即：7=2v0+2a物体从a到d有：x ad=v0t2+即：3=v0+2a故：a=﹣故：v0=4m/s根据速度公式v t=v0+at可得：v c=4﹣．故B正确．从a到b有：v b2﹣v a2=2ax ab解得：v b=，故A错误．根据速度公式v t=v0+at可得：v d=v0+at2=4﹣．则从d到e有：﹣v d2=2ax de则：x de==4m．故C正确．v t=v0+at可得从d到e的时间为：t de=﹣，故D错误．故选：BC12．如图所示，两轻质弹簧a、b悬挂一质量为m的小球，整体处于平衡状态，a弹簧与竖直方向成30°角，b弹簧与竖直方向成60°角，a、b两弹簧的形变量相等，重力加速度为g，则（）A．弹簧a、b的劲度系数之比为：1B．弹簧a、b的劲度系数之比为：2C．若弹簧a下端松脱，则松脱瞬间小球的加速度大小为gD．若弹簧b下端松脱，则松脱瞬间小球的加速度大小为【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】对小球受力分析，受到重力和两个弹簧的弹力，根据平衡条件并运用合成法得到两个弹力之比，再结合胡克定律求解出伸长量之比，根据小球平衡由弹簧松脱得出弹力变化情况，再据牛顿第二定律分析加速度情况．【解答】解：由题可知，两个弹簧之间相互垂直，画出受力图如图，设弹簧的伸长量都是x：A、由受力图知，弹簧a中弹力：Fa=mgcos30°=mg，据胡克定律a弹簧的劲度系数为：k1==；弹簧b中弹力：Fb=mgcos60°=mg，据胡克定律b弹簧的劲度系数为：k2==所以弹簧a、b劲度系数之比为：1．故A正确，B错误；C、弹簧a中弹力为，若弹簧a的左端松脱，则松脱瞬间b弹簧的弹力不变，故小球所受重力和b弹簧弹力的合力与F1大小相等方向相反，故小球的加速度a==．故C错误；D、弹簧b中弹力为mg，若弹簧b的左端松脱，则松脱瞬间a弹簧的弹力不变，故小球所受重力和a弹簧弹力的合力与F2大小相等方向相反，故小球的加速度a==g，故D正确．故选：AD三、实验题：13．实验：用如图1所示的装置探究加速度a与力F的关系，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在墙上．（1）实验时，一定要进行的操作是AB（填选项前的字母）．A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，根据纸带的数据求出加速度a，同时记录弹簧测力计的示数F．B．改变小车的质量，打出几条纸带C．用天平测出沙和沙桶的总质量D．为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量（2）在实验中，有同学得到一条打点的纸带，取打点清晰部分做如下标记，如图2所示，已知相邻计数点间还有4个点没有画出来，打点计时器的电源频率为50Hz，则小车加速度的大小为a= 1.93m/s2．（结果保留3位有效数字）（3）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a ﹣F图象，可能是图3中的图线C．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项；（2）依据逐差法可得小车加速度．（3）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数．【解答】解：（1）A、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故A正确；B、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故B正确；C、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故CD错误．故选：AB（2）由于相邻计数点间还有4个点没有画出来，故T=0.1s，由△x=aT2可得：a==1.93m/s2．（3）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以a﹣F图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的a﹣F图象在F轴上有截距，故C正确．故选：C故答案为：（1）AB；（2）1.93；（3）C四、计算题：14．客车以v=20m/s的速度行驶，突然发现同车道的正前方x0=120m处有一列货车正以v0=6m/s的速度同向匀速前进，于是客车紧急刹车，若客车刹车的加速度大小为a=1m/s2，做匀减速运动，问：（1）客车与货车速度何时相等？（2）此时，客车和货车各自位移为多少？（3）客车是否会与货车相撞？若会相撞，则在什么时刻相撞？相撞时客车位移为多少？若不相撞，则客车与货车的最小距离为多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】在客车与货车速度相等时，是它们的距离最小的时候，如果此时没有相撞，那就不可能在相撞了，分析这时它们的距离来判断是否会相撞【解答】解：（1）设经时间t客车速度与货车速度相等：v﹣at=v0，可得：t=14s．at2=182m（2）此时有：x客=vt﹣。
高一物理上学期期中试题9
2015—2016学年度上学期期中联考高一物理试卷考试时间：90分钟试卷满分：110分一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。
选对的得4分，选错的或不答的得0分）1．关于质点的描述，下列说法中，错误．．的是（）A．研究地球的自转时，可以把地球看成质点B．研究月球公转一周所用的时间时，可以把月球看成质点C．研究列车从天门到武汉过程中运动快慢时，可以把列车看成质点D．研究自行车车轮的转动时，不能把自行车看成质点2．关于路程和位移，下列说法中，正确的是（）A．位移为零时，路程一定为零B．路程为零时，位移一定为零C．物体沿直线运动时，位移的大小等于路程D．物体沿曲线运动时，位移的大小等于路程3．近几年，国内房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓趋势．有同学将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”，那么“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动学中的（）A．速度增加，加速度减小B．速度增加，加速度增大C．速度减小，加速度增大D．速度减小，加速度减小4．书放在水平桌面上，桌面会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是（） A．书的形变 B．桌面的形变 C．书和桌面的形变 D．书受到的重力5．从地面竖直向上抛出的物体，其匀减速上升到最高点后，再以与上升阶段一样的加速度匀加速落回地面。
图中可大致表示这一运动过程的速率—时间图象的是（）6．如图所示是一个物体做直线运动的速度—时间图象，下列说法中，正确的是（）A．物体3s末开始改变速度方向B．物体4s末开始改变位移方向C．物体在前5s内的位移一直在增大D．物体在第5s内的加速度大于第1s内加速度7．如图所示，木块A、B的质量为m、2m，用一个劲度系数为k的轻质弹簧连接，最初系统静止，现在用力缓慢拉A直到B刚好离开地面，则这一过程A上升的高度为( )A．mg/k B．2mg/k C．3mg/k D．4mg/k二、多项选择题（本大题共5小题，每小题4分，共20分。
2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高一下学期期末考试物理(解析版)
2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高一下学期期末考试物理1．降落伞在匀速下降的过程中遇到水平方向吹来的风，若风速越大，则降落伞（ ） A 、下落的时间越短 B 、下落的时间越长 C 、落地时速度越小 D 、落地时速度越大2．关于电荷量，下列说法错误的是（ ） A 、物体所带电荷可以是任意值 B 、物体所带电荷量只能是某些值C 、物体所带电荷量的最小值为191.610C -⨯D 、一个物体带91.610C -⨯的正电荷，这是它失去了101.010⨯个电子的缘故 3．在高空匀速水平飞行的飞机，每隔1s 投放一物体，忽略空气影响，则（ ） A 、这些物体落地前排列在一条直线上 B 、这些物体都落在地面上的同一点C 、这些物体落地时速度大小和方向都相同D 、相邻物体在空中距离保持不变4．设匀速行驶的汽车，发动机功率保持不变，则（ ） A 、路面越粗糙，汽车行驶得越慢 B 、路面越粗糙，汽车行驶得越快C 、在同一路面上，汽车不载货比载货时行驶得快D 、在同一路面上，汽车不载货比载货时行驶得慢5．如图所示，用手通过弹簧拉着物体沿光滑斜面上滑，下列说法正确的是（ ）A 、物体只受重力和弹簧的弹力作用，物体和弹簧组成的系统机械能守恒B 、手的拉力做的功，等于物体和弹簧组成的系统机械能的增加量C 、弹簧弹力对物体做的功，等于物体机械能的增加量D 、手的拉力和物体重力做的总功等于物体动能的增加量6．如图所示，上表面有一段光滑圆弧的质量为M 的小车A 置于光滑水平面上，有一质量为m 的物体B 自弧上端自由滑下的同时释放A ，则（ ）A 、在B 下滑过程中，B 的机械能守恒 B 、轨道对B 的支持力对B 不做功C 、在B 下滑的过程中，A 和地球组成的系统的机械能增加D 、A 、B 和地球组成的系统的机械能守恒7．在光滑水平杆上穿着两个小球1m 、2m ，且122m m =，用细线把两小球连起来，当杆绕竖直轴匀速转动时，两小球刚好能与杆保持无相对滑动，如图所示，此时两小球到转轴的距离1r 与2r 之比为（ ）A 、1:1B 、1:、2:1 D 、1:28．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均视为圆轨道，以下判断正确的是（ ） A 、甲的周期大于乙的周期 B 、乙的速度大于第一宇宙速度 C 、甲的加速度小于乙的加速度 D 、甲在运行时能经过北极的正上方9．如图所示，细杆的一端与一小球相连，可绕过O 点的水平轴自由转动，现给小球一初速度，使它做圆周运动，图中a 、b 分别表示小球轨道的最低点和最高点，则杆对小球的作用力可能是（ ）A 、a 处为拉力，b 处为拉力B 、a 处为拉力，b 处为推力C 、a 处为推力，b 处为拉力D 、a 处为推力，b 处为推力10．在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从0t =时刻起，由坐标原点()0,0O 开始运动，其沿x 轴和y 轴方向运动的速度-时间图像如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（ ）A 、前2s 内物体沿x 轴做匀加速直线运动B 、后2s 内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y 轴方向C 、4s 末物体坐标为()4,4m mD 、4s 末物体坐标为()6,2m m11．如图所示，光滑绝缘的水平地面上有相距为L 的点电荷A 、B ，带电量分别为4Q -和Q +，今引人第三个点电荷C ，使三个点电荷都处于平衡状态，则C 的电荷量和放置的位置是（ ）A 、Q -，在A 左侧距A 为L 处B 、2Q -，在A 左侧距A 为2L处 C 、4Q -，在B 右侧距B 为L 处 D 、2Q +，在A 点右侧距A 为32L 处 12．为了对火星及其周围的空间环境进行探测，我国预计于2011年10月发射第一颗火星探测器“萤火一号”，假设探测器“萤火一号”在离火星表面高度分别为1h 和2h 的圆轨道上运动时，周期分别为1T 和2T ，火星可视为质量分布均匀的球体，且忽略火星的自转影响，万有引力常量为G ，仅利用以上数据，可以计算出（ ） A 、火星的质量 B 、“萤火一号”的质量C 、火星对“萤火一号”的引力D 、火星表面的重力加速度13．如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体A 是受力情况是（ ）A 、绳的拉力大于物体A 的重力B 、绳的拉力等于物体A 的重力C 、绳的拉力小于物体A 的重力D 、绳的拉力先大于物体A 的重力，后变为小于重力14．在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源的频率为50Hz ，当地重力加速度的值为29.80/m s ，测得所用重物的质量为1.00kg 。
山西省朔州市怀仁市2024届物理高一上期中检测试题含解析
山西省朔州市怀仁市2024届物理高一上期中检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、甲、乙两个物体在同一条直线上运动，它们的速度图像如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻两物体相遇B．t1时刻两物体可能相遇C．t1时刻两物体一定不相遇D．甲物体的加速度比乙物体的加速度小2、在力学范围内，国际单位制规定的三个基本量是（）A．长度、力、时间B．速度、力、质量C．加速度、速度、长度D．长度、质量、时间3、关于重力的大小及重心的位置，以下说法中正确的是A．静止在水平面上的物体对水平面的压力就是重力B．重力是物体本身具有的且作用在重心上的力，大小与物体的质量成正比C．重力是由于地球对物体的吸引而产生的，重力的施力物体是地球D．重心是物体所受重力的等效作用点，形状规则的物体其重心一定在物体的几何中心4、下列关于物体运动的几种情况不可能出现的是（）A．物体的加速度增大时，速度反而减小B．物体的速度为零时，加速度却不为零C．物体的加速度不为零且始终不变，速度也始终不变D．物体的速度变化而速率不变5、一物体从高h 处做自由落体运动，经时间t 到达地面，落地速度为v ，那么当物体下落时间为3t 时，物体的速度和距地面高度分别是（ ）A ．3v ，9h B ．9v ，9h C ．3v ，89h D ．9v ，33h6、如图所示，在水平天花板的A 点处固定一根轻杆a ，杆与天花板保持垂直．杆的下端有一个轻滑轮O 。
另一根细线上端固定在该天花板的B 点处，细线跨过滑轮O ，下端系一个重为G 的物体，BO 段细线与天花板的夹角 =30°。
山西省朔州市怀仁一中2015-2016学年高一上学期期末物理试卷 含解析
2015—2016学年山西省朔州市怀仁一中高一（上）期末物理试卷一、选择题1．下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位(）A．米、牛顿、千克 B．千克、焦耳、秒C．米、千克、秒D．米/秒2、千克、牛顿2．下列说法中，不正确的是(）A．两个物体只要接触就会产生弹力B．放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的C．滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反D．形状规则的物体的重心与其几何中心重合3．有关运动的合成，以下说法正确的是（）A．两个直线运动的合运动一定是直线运动B．两个非共线的匀速直线运动的合运动一定是直线运动C．两个非共线的匀加速直线运动的合运动一定是曲线运动D．匀加速直线运动和匀速直线运动的合运动不可能是直线运动4．在100m竞赛中，测得某一运动员5s末瞬时速度为10。
4m/s，10s末到达终点的瞬时速度为10。
2m/s．则他在此竞赛中的平均速度为（）A．10m/s B．10。
2m/s C．10。
3m/s D．10。
4m/s5．一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m受到的力是（）A．重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B．重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力6．同一平面内的三个力,大小分别为4N、6N、7N,若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为（）A．17N、3N B．5N、3N C．9N、0 D．17N、07．汽车在两车站间沿直线行驶时，从甲站出发，先以速度v匀速行驶了全程的一半,接着匀减速行驶后一半路程,抵达乙车站时速度恰好为零，则汽车在全程中运动的平均速度是（）A．B．C．D．8．下面是位移时间、速度时间图象,其中不能反映物体处于平衡状态的是（）A．B．C．D．9．如图所示，质量为10kg的物体静止在平面直角坐标系xoy的原点，某时刻只受到F1和F2作用，且F1=10N,F2=10N，则物体的加速度（）A．方向沿y轴正方向B．方向沿y轴负方向C．大小等于1m/s2D．大小等于10m/s210．三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物,如图所示，其中OB是水平的，A端、B端固定．若逐渐增加C端所挂物体的质量,则最先断的绳(）A．必定是OA B．必定是OBC．必定是OC D．可能是OB，也可能是OC11．如图所示，把球夹在竖直墙AC和木板BC之间，不计摩擦,球对墙的压力为F1,对木板的压力为F2．在将板BC逐渐放至水平的过程中，下列说法中，正确的是(）A．F1和F2都增大B．F1和F2都减小C．F1增大，F2减小 D．F1减小，F2增大12．下列所描述的运动的中，可能的有（）A．速度变化很大，加速度很小B．速度变化方向为正，加速度方向为负C．速度越来越大，加速度越来越小D．速度变化越来越快,加速度越来越小13．在升降机中的人，发现自己站的测力计示数比自己的体重要小,则(）A．升降机可能正在加速下降B．升降机可能正在减速下降C．人受到的重力减小了D．人受到的重力不变14．如图是A、B两物体同时由同一地点向同一方向做直线运动的v﹣t图象，从图象上可知（）A．A做匀速运动,B做匀加速运动B．20s末A、B相遇C．20s末A、B相距最远D．40s末A、B相遇15．如图所示，底座A上装有一根长杆，总质量为M,杆上套有质量为m的环B，它与杆有摩擦，当环沿杆下滑的过程中，底座对地面的压力将可能（）A．等于（M+m）g B．小于(M+m）g C．大于（M+m）g D．无法判断16．如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向θ角,则小车的运动情况可能是(）A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动17．如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块,现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）A．B．C．若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速,则M、m间的相互作用力为+μMg D．若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为18．如图所示,在静止的平板车上放置一个质量为10kg的物体A,它被拴在一个水平拉伸的弹簧一端（弹簧另一端固定），且处于静止状态,此时弹簧的拉力为5N．若平板车从静止开始向右做加速运动,且加速度逐渐增大，但a≤1m/s2．则（）A．物体A相对于车仍然静止B．物体A受到的弹簧的拉力逐渐增大C．物体A受到的摩擦力逐渐减小D．物体A受到的摩擦力先减小后增大二、填空题19．用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度，得到如图所示的一条纸带,从比较清晰的点开始起,取若干个计数点,分别标上0、1、2、3…（2012•榆林校级二模）下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位() A．米、牛顿、千克 B．千克、焦耳、秒C．米、千克、秒D．米/秒2、千克、牛顿【考点】力学单位制．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．【解答】解：A中的牛顿是导出单位，B中的焦耳是导出单位，C中的都是基本单位，D中的米/秒2、牛顿都是导出单位，所以全是国际单位制的基本单位的是C．故选C．【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁,它们在国际单位制中的单位分别是什么，这都是需要学生自己记住的基本的知识，本题较简单．2．下列说法中，不正确的是（）A．两个物体只要接触就会产生弹力B．放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的C．滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反D．形状规则的物体的重心与其几何中心重合【考点】物体的弹性和弹力;重心；摩擦力的判断与计算．【分析】弹力的产生条件是直接接触、有弹性形变;滑动摩擦力的方向与相对滑动方向相反；影响重心的因数有形状和质量分布情况．【解答】解：A、弹力的产生条件是直接接触、有弹性形变，两个物体接触不一定有形变，故不一定有弹力，故A错误；B、弹力是施力物体的形变引起的，放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的，故B正确；C、滑动摩擦力的方向总是和物体的相对运动方向相反，与运动方向可以相同、相反、不共线,故C错误；D、影响重心的因数有形状和质量分布情况；质量分布均匀且形状规则的物体的重心与其几何中心重合，形状规则但质量分布不一定均匀,故重心与几何中心不一定重合；故D错误；故选：ACD．【点评】本题考查了重力、弹力和摩擦力，明确三种力的性质、方向和作用点的情况，基础题．3．有关运动的合成,以下说法正确的是（)A．两个直线运动的合运动一定是直线运动B．两个非共线的匀速直线运动的合运动一定是直线运动C．两个非共线的匀加速直线运动的合运动一定是曲线运动D．匀加速直线运动和匀速直线运动的合运动不可能是直线运动【考点】运动的合成和分解．【分析】判断两个直线运动的合运动的轨迹要根据合加速度与合初速度是否共线来判断：若二者方向在同一条直线上，则合运动为直线运动,否则为曲线运动．判断合运动的性质要根据合加速度的情况判断．【解答】解:A、两个直线运动的合加速度与合初速度是否共线不知道，所以，其合运动不一定是直线运动,故A选项错误．B、两个非共线的匀速直线运动的合初速度恒定，合加速度为零,因此，其合运动一定仍是匀速直线运动，故B选项正确．C、两个非共线的匀加速直线运动的合加速度恒定，合初速度也恒定,当两者共线时,则合运动是直线运动,当两者不共线时,则合运动是曲线运动，故C选项错误．D、一个匀速直线和一个初速为零的匀加速直线运动的合运动可为直线运动，也可为曲线运动，故D选项错误．故选:B．【点评】解答本题要明确：判断两个直线运动的合运动的轨迹要根据合加速度与合初速度是否共线来判断；判断合运动的性质要知道合加速度的情况来判断．4．在100m竞赛中，测得某一运动员5s末瞬时速度为10.4m/s，10s末到达终点的瞬时速度为10。
山西省朔州市怀仁一中2017届高三上学期期中物理试卷Word版含解析
2016-2017学年山西省朔州市怀仁一中高三（上）期中物理试卷一、选择题：（每小题4分，共40分）1．行星沿椭圆轨道运行，远日点离太阳的距离为a，近日点离太阳的距离为b，过远日点时行星的速率为v a，则过近日点时行星的速率为（）A．v b=v a B．v b=v a C．v b=v a D．v b=v a2．地球赤道上有一物体随地球自转而做圆周运动，所受到的向心力为F1，向心加速度为a1，线速度为v1，角速度为ω1；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星（高度忽略）所受到的向心力为F2，向心加速度为a2，线速度为v2，角速度为ω2；地球同步卫星所受到的向心力为F3，向心加速度为a3，线速度为v3，角速度为ω3；地球表面的重力加速度为g，第一宇宙速度为v，假设三者质量相等，则（）A．F1=F2＞F3B．a1=a2=g＞a3C．v1=v2=v＞v3D．ω1=ω3＜ω23．如图，在斜面上的O点先后以v0和3v0的速度水平抛出A、B两小球则从抛出至第一次着地，两小球的水平位移大小之比可能（）A．1：3 B．1：4 C．1：9 D．1：274．有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB竖直向下，表面光滑．AO上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质量均为m，两环由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡（如图所示）．现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力F N和摩擦力f的变化情况是（）A．F N不变，f变大B．F N不变，f变小C．F N变大，f变大D．F N变大，f变小5．一圆盘可以绕其竖直轴在水平面内转动，圆盘半径为R，甲、乙两物体的质量分别为M与m（M＞m），它们与圆盘之间的最大静摩擦力均为正压力的μ倍，两物体用一根长为l（l＜R）的轻绳连在一起，如图，甲物体放在转动轴的位置上，甲、乙之间的连线刚好沿半径方向拉直，要使两物体与圆盘之间不发生相对滑动，则圆盘旋转的角速度最大值不得超过（）A ．B ．C ．D ．6．如图，一圆盘可绕一通过圆心且垂直于盘面的竖直轴转动，在圆盘上放一块橡皮，橡皮块随圆盘一起转动（俯视为逆时针）．某段时间圆盘转速不断增大，但橡皮块仍相对圆盘静止，在这段时间内，关于橡皮块所受合力F 的方向的四种表示（俯视图）中，正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．7．物体A 1、A 2和B 1、B 2的质量均为m ，A 1、A 2用轻杆连接，B 1、B 2用轻质弹簧连接，两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A 1、A 2 受到的合力分别为F A1和 F A2，B 1、B 2受到的合力分别为 F B1和F B2，则 （ ）A ．F A1=0 F A2=2 mg F B1=0 F B2=2 mgB ．F A1=mg F A2=mg F B1=0 F B2=2 mgC ．F A1=0 F A2=2 mg F B1=mg F B2=mgD ．F A1=mg F A2=mg F B1=mg F B2=mg8．如图所示，质量为M 的小车放在光滑的水平面上．小车上用细线悬吊一质量为m 的小球，M ＞m ．现用一力F 水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a 向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为T ；若用另一力F ′水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a ′向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为T ′．则（ ）A ．a ′=a ，T ′=TB ．a ′＞a ，T ′=TC ．a ′＜a ，T ′=TD ．a ′＞a ，T ′＞T9．如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v 向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad 边前方时，木板开始作自由落体运动．若木板开始运动时，cd 边与桌面相齐，则小球在木板上的投影轨迹是（ ）A．B．C．D．10．如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，则下述说法正确的是（）A．0～t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定B．t1～t2时间内汽车牵引力做功为mv22﹣mv12C．t1～t2时间内的平均速度为（v1+v2）D．在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2～t3时间内牵引力最小二、多选题：（每题4分，有错选不得分，选不全2分，共24分）11．如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球．给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ．下列说法中正确的是（）A．小球受重力、绳的拉力和向心力作用B．小球只受重力和绳的拉力作用C．θ越大，小球运动的速度越大D．θ越大，小球运动的周期越大12．我国发射的“嫦娥一号”探月卫星进入绕月轨道后，在近月点经历3次制动点火3次制动点火，先后变成12小时、3.5小时、127分钟三种工作轨道，其轨迹示意图为如图所示的A、B、C，在卫星3.5小时工作轨道与127分钟工作轨道上分别经过近月点时相比较（）A．速度大小相等B．向心加速度大小相等C．在3.5小时工作轨道上经过近月点时的速度较大D．在3.5小时工作轨道上经过近月点时的向心加速度较大13．一质量为800kg的电动汽车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为18m/s，利用传感器测得此过程中不同时刻电动汽车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出F﹣图象，图中AB、BC均为直线．若电动汽车行驶过程中所受的阻力恒定，由图象可知下列说法正确的是（）A．电动汽车由静止开始一直做变加速直线运动B．电动汽车的额定功率为10.8kWC．电动汽车由静止开始经过2s，速度达到6m/sD．电动汽车行驶中所受的阻力为600N14．如图所示，传送带的水平部分长为L，运动速率恒为v，在其左端放上一无初速的小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左到右的运动时间不可能为（）A．B．C．D．15．甲、乙两车在一平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为s1和s2（s2＞s1）．初始时，甲车在乙车前方s0处．则下列说法正确的是（）A．若s0＜s1，两车相遇2次B．若s0=s1，两车相遇1次C．若s0=s1+s2，两车不会相遇D．若s0=s2，两车相遇1次16．如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平向右的拉力F作用，受到水平向右的拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的最大静摩擦力f m与滑动摩擦力大小相等，则（）A．0﹣t1时间内F的功率逐渐增大B．t2时刻物块A的加速度最大C．t3时刻物块A做反向运动D．t3时间内物块A的动能最大三、实验题（每空3分，共9分）17．用如图a所示的实验装置做“研究平抛物体的运动”实验根据实验结果在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨道，部分运动轨迹如图b所示，图中水平方向与竖直方向每小格的长度均为l，P1、P2和P3是轨迹图线上的3个点，P1和P2、P2和P3之间的水平距离相等．若已测知抛出后小球在水平方向上做匀速运动，重力加速度为g，可求出小球从P1运动到P2所用的时间为，小球抛出后的水平速度为．18．某同学利用如图甲所示的装置测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上砝码盘．通过改变盘中砝码的质量，测得6组砝码的质量m和对应的弹簧长度l，画出m﹣l图线，对应点已在图上标出，如图乙所示．（重力加速度g=10m/s2）①采用恰当的数据处理，该弹簧的劲度系数为N/m．（保留3位有效数字）②请你判断该同学得到的实验结果与考虑砝码盘的质量相比，结果．（填“偏大”、“偏小”或“相同”）四、计算题（6分+9分+12分=27分.写出必要的计算过程）19．如图所示，用细绳一端系着的质量为m=0.3kg物体AA静止在水平转盘上，细绳另一端通过转盘中心的光滑小孔O吊着质量为M的小球B，A的重心到O点的距离为0.2m，若A 与转盘间的最大静摩擦力为f=2N，转盘绕中心O旋转的角速度ω为10rad/s，使小球B保持静止，小球B的质量应取值范围？（取g=10m/s2）20．一长l=0.80m的轻绳一端固定在O点，另一端连接一质量m=0.10kg的小球，悬点O距离水平地面的高度H=1.00m．开始时小球处于A点，此时轻绳拉直处于水平方向上，如图所示．让小球从静止释放，当小球运动到B点时，轻绳碰到悬点O正下方一个固定的钉子P时立刻断裂．不计轻绳断裂的能量损失，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）当小球运动到B点时的速度大小；（2）绳断裂后球从B点抛出并落在水平地面的C点，求C点与B点之间的水平距离；（3）若OP=0.6m，轻绳碰到钉子P时绳中拉力达到所能承受的最大拉力断裂，求轻绳能承受的最大拉力．21．如图所示，在水平地面上有一个长L=1.5m，高h=0.8m的长方体木箱，其质量为M=1kg，与地面间的动摩擦因数μ=0.3．在它的上表面的左端放有一质量为m=4kg的小铁块，（铁块与木箱间的摩擦不计）．开始它们均静止．现对木箱施加一水平向左的恒力F=27N．（g=10m/s2）求：（1）经过多长时间铁块从木箱上滑落？（2）铁块滑落前后木箱的加速度a1与a2大小之比．（3）铁块着地时与木箱右端的水平距离S．2016-2017学年山西省朔州市怀仁一中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（每小题4分，共40分）1．行星沿椭圆轨道运行，远日点离太阳的距离为a，近日点离太阳的距离为b，过远日点时行星的速率为v a，则过近日点时行星的速率为（）A．v b=v a B．v b=v a C．v b=v a D．v b=v a【考点】开普勒定律．【分析】根据开普勒第二定律：行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等，取极短时间△t，根据“面积”相等列方程得出远日点时与近日点时的速度比值求解【解答】解：取极短时间△t，根据开普勒第二定律得a•v a•△t=b•v b•△t得到v b=v a故选：B2．地球赤道上有一物体随地球自转而做圆周运动，所受到的向心力为F1，向心加速度为a1，线速度为v1，角速度为ω1；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星（高度忽略）所受到的向心力为F2，向心加速度为a2，线速度为v2，角速度为ω2；地球同步卫星所受到的向心力为F3，向心加速度为a3，线速度为v3，角速度为ω3；地球表面的重力加速度为g，第一宇宙速度为v，假设三者质量相等，则（）A．F1=F2＞F3B．a1=a2=g＞a3C．v1=v2=v＞v3D．ω1=ω3＜ω2【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】题中涉及三个物体：地球赤道上有一随地球的自转而做圆周运动物体1、绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星2、地球同步卫星3；物体1与人造卫星2转动半径相同，物体1与同步卫星3转动周期相同，人造卫星2与同步卫星3同是卫星，都是万有引力提供向心力；分三种类型进行比较分析即可．【解答】解：A、根据题意三者质量相等，轨道半径r1=r2＜r3物体1与人造卫星2比较，由于赤道上物体受引力和支持力的合力提供向心力，而近地卫星只受万有引力，故F1＜F2 ，故A错误；B、由选项A的分析知道向心力F1＜F2 ，故由牛顿第二定律，可知a1＜a2，故B错误；C、由A选项的分析知道向心力F1＜F2 ，根据向心力公式F=m，由于m、R一定，故v1＜v2，故C错误；D、同步卫星与地球自转同步，故T1=T3，根据周期公式T=2π，可知，卫星轨道半径越大，周期越大，故T3＞T2，再根据ω=，有ω1=ω3＜ω2，故D正确；故选：D．3．如图，在斜面上的O点先后以v0和3v0的速度水平抛出A、B两小球则从抛出至第一次着地，两小球的水平位移大小之比可能（）A．1：3 B．1：4 C．1：9 D．1：27【考点】平抛运动．【分析】抛出的小球做平抛运动，分都落在斜面上，一个在斜面上一个在水平面上，和两个都落在水平面来计算．【解答】解：A、当A、B两个小球都能落到水平面上时，由于两者的下落高度相同，运动的时间相同，则水平位移之比为初速度之比，为1：3，故A正确；B、C、D、当A、B都落在斜面的时候，它们的竖直位移和水平位移的比值即为斜面夹角的正切值，即=tanθ，整理可得时间为：t=，两次平抛的初速度分别为υ0和3υ0，所以运动的时间之比为：==．两小球的水平位移大小之比为：x A：x B=v0t A：3v0t B=1：9．当只有A落在斜面上的时候，A、B水平位移之比在1：9和1：3之间，故BC正确，D错误．故选：ABC4．有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB竖直向下，表面光滑．AO上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质量均为m，两环由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡（如图所示）．现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力F N和摩擦力f的变化情况是（）A．F N不变，f变大B．F N不变，f变小C．F N变大，f变大D．F N变大，f变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】先对小环Q受力分析，受到重力、支持力和拉力，跟三力平衡条件，求出拉力的表达式；在对P、Q两个小环的整体受力分析，根据平衡条件再次列式分析即可．【解答】解：对小环Q受力分析，受到重力、支持力和拉力，如图根据三力平衡条件，得到T=N=mgtanθ再对P、Q整体受力分析，受到总重力、OA杆支持力、向右的静摩擦力、BO杆的支持力，如图根据共点力平衡条件，有N=fF N=（m+m）g=2mg故f=mgtanθ当P环向左移一小段距离，角度θ变小，故静摩擦力f变小，支持力F N不变；故选B．5．一圆盘可以绕其竖直轴在水平面内转动，圆盘半径为R，甲、乙两物体的质量分别为M与m（M＞m），它们与圆盘之间的最大静摩擦力均为正压力的μ倍，两物体用一根长为l（l＜R）的轻绳连在一起，如图，甲物体放在转动轴的位置上，甲、乙之间的连线刚好沿半径方向拉直，要使两物体与圆盘之间不发生相对滑动，则圆盘旋转的角速度最大值不得超过（）A ．B ．C ．D ．【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】当角速度从0开始增大，乙所受的静摩擦力开始增大，当乙达到最大静摩擦力，角速度继续增大，此时乙靠拉力和静摩擦力的合力提供向心力，角速度越大，拉力越大，当拉力和甲的最大静摩擦力相等时，角速度达到最大值．【解答】解：当绳子的拉力等于甲的最大静摩擦力时，角速度达到最大，有T +μmg=mL ω2，T=μMg ．所以ω=故选：D6．如图，一圆盘可绕一通过圆心且垂直于盘面的竖直轴转动，在圆盘上放一块橡皮，橡皮块随圆盘一起转动（俯视为逆时针）．某段时间圆盘转速不断增大，但橡皮块仍相对圆盘静止，在这段时间内，关于橡皮块所受合力F 的方向的四种表示（俯视图）中，正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】向心力．【分析】橡皮块做加速圆周运动，合力不指向圆心；合力的径向分力提供向心力，切线分力产生切向加速度．【解答】解：橡皮块做加速圆周运动，合力不指向圆心，但一定指向圆周的内侧；由于做加速圆周运动，动能不断增加，故合力与速度的夹角小于90°；故选：C ．7．物体A 1、A 2和B 1、B 2的质量均为m ，A 1、A 2用轻杆连接，B 1、B 2用轻质弹簧连接，两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A 1、A 2 受到的合力分别为F A1和 F A2，B 1、B 2受到的合力分别为 F B1和F B2，则 （ ）A ．F A1=0 F A2=2 mg F B1=0 F B2=2 mgB ．F A1=mg F A2=mg F B1=0 F B2=2 mgC ．F A1=0 F A2=2 mg F B1=mg F B2=mgD．F A1=mg F A2=mg F B1=mg F B2=mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】在除去支托物的瞬间，A1、A2一起下落，根据牛顿第二定律采用整体法和隔离法研究A1、A2所受的合力．采用隔离法B1、B2受到的合力【解答】解：在除去支托物的瞬间，A1、A2由于用刚性轻杆连接，A1、A2与刚性轻杆一起下落，根据牛顿第二定律，对整体研究得到，整体的加速度等于重力加速度g，则A1、A2受到的合力都等于各自的重力，即F A1=mg，F A2=mg．在除去支托物前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，支托物对B2的支持力大小等于2mg．在除去支托物的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况没有变化，则B1所受合力为零，即F B1=0．B2所受的合力大小等于支托物的支持力大小2mg，即F B2=2mg．所以选项B正确，ACD错误故选：B8．如图所示，质量为M 的小车放在光滑的水平面上．小车上用细线悬吊一质量为m的小球，M＞m．现用一力F水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为T；若用另一力F′水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a′向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为T′．则（）A．a′=a，T′=T B．a′＞a，T′=T C．a′＜a，T′=T D．a′＞a，T′＞T【考点】力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．【分析】先对左图中情况下的整体受力分析，运用牛顿第二定律列式；然后对小球受力分析，运用牛顿第二定律列式，求出绳子的拉力T和加速度a；再次对右图中的小球受力分析，运用牛顿第二定律求出绳子的拉力T′和加速度a′；最后再比较结果即可．【解答】解：先对左图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力根据牛顿第二定律，有F=（M+m）a ①再对左图中情况下的小球受力分析，如图根据牛顿第二定律，有F﹣Tsinα=ma ②Tcosα﹣mg=0 ③由以上三式可解得T=a=再对右图中小球受力分析，如图由几何关系得：=mgtanαF合T′=再由牛顿第二定律，得到a′=gtanα由于M＞m，故a′＞a，T′=T故选：B．9．如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad边前方时，木板开始作自由落体运动．若木板开始运动时，cd边与桌面相齐，则小球在木板上的投影轨迹是（）A．B．C．D．【考点】运动的合成和分解．【分析】小球的投影的运动是由小球水平方向的位移与木板竖直方向上的位移的合位移，则由运动的合成可知投影的轨迹．【解答】解：投影在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做加速运动，故小球的合速度应偏向上方，故轨迹应向上偏折，故选B．10．如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，则下述说法正确的是（）A．0～t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定B．t1～t2时间内汽车牵引力做功为mv22﹣mv12C．t1～t2时间内的平均速度为（v1+v2）D．在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2～t3时间内牵引力最小【考点】动能定理的应用；平均速度；匀变速直线运动的图像．【分析】在速度﹣时间图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，而水平的直线表示匀速直线运动，曲线表示变速直线运动；由图象可知物体的运动情况，由P=Fv可知，牵引力的变化；由动能定理可知牵引力所做的功．【解答】解：A、0～t1时间内为倾斜的直线，故汽车做匀加速运动，因故牵引力恒定，由P=Fv 可知，汽车的牵引力的功率均匀增大，故A错误；B、t1～t2时间内动能的变化量为，而在运动中受牵引力及阻力，故牵引力做功一定大于，故B错误；C、t1～t2时间内，若图象为直线时，平均速度为（v1+v2），而现在图象为曲线，故图象的面积大于直线时的面积，即位移大于直线时的位移，故平均速度大于（v1+v2），故C错误；D、由P=Fv及运动过程可知，t1时刻物体的牵引力最大，此后功率不变，而速度增大，故牵引力减小，而t2～t3时间内，物体做匀速直线运动，物体的牵引力最小，故D正确；故选D．二、多选题：（每题4分，有错选不得分，选不全2分，共24分）11．如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球．给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ．下列说法中正确的是（）A．小球受重力、绳的拉力和向心力作用B．小球只受重力和绳的拉力作用C．θ越大，小球运动的速度越大D．θ越大，小球运动的周期越大【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】分析小球的受力：受到重力、绳的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物体受到向心力．然后用力的合成求出向心力：mgtanθ，用牛顿第二定律列出向心力的表达式，求出线速度v和周期T的表达式，分析θ变化，由表达式判断V、T的变化．【解答】解：A、B：小球只受重力和绳的拉力作用，二者合力提供向心力，∴A选项错误，B正确．C：向心力大小为：F n=mgtanθ，小球做圆周运动的半径为：R=Lsinθ，则由牛顿第二定律得：mgtanθ=，得到线速度：v=，θ越大，sinθ、tanθ越大，∴小球运动的速度越大，∴C选项正确．D：小球运动周期：T=，因此，θ越大，小球运动的周期越小，∴D选项错误．故选：BC．12．我国发射的“嫦娥一号”探月卫星进入绕月轨道后，在近月点经历3次制动点火3次制动点火，先后变成12小时、3.5小时、127分钟三种工作轨道，其轨迹示意图为如图所示的A、B、C，在卫星3.5小时工作轨道与127分钟工作轨道上分别经过近月点时相比较（）A．速度大小相等B．向心加速度大小相等C．在3.5小时工作轨道上经过近月点时的速度较大D．在3.5小时工作轨道上经过近月点时的向心加速度较大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】卫星在椭圆轨道上运动，远月点越远则卫星能量越大，在同一个近月点速度越大，而卫星的加速度由有引力产生加速度，根据月卫星距离比较加速度的大小．【解答】解：AC、卫星运行周期越长，椭圆轨道半长轴越长，卫星经过近月点时的速度越大，所以在3.5小时工作轨道上经过近月点时的速度较大，故A错误，C正确；BD、在近月点，卫星的向心加速度由月球的万有引力产生，万有引力相等，则向心加速度大小相等，故B正确，D错误．故选：BC．13．一质量为800kg的电动汽车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为18m/s，利用传感器测得此过程中不同时刻电动汽车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出F﹣图象，图中AB、BC均为直线．若电动汽车行驶过程中所受的阻力恒定，由图象可知下列说法正确的是（）A．电动汽车由静止开始一直做变加速直线运动B．电动汽车的额定功率为10.8kWC．电动汽车由静止开始经过2s，速度达到6m/sD．电动汽车行驶中所受的阻力为600N【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】AB过程牵引力不变，根据牛顿第二定律知，做匀加速直线运动，BC段图线的斜率表示电动车的功率，斜率不变，则功率不变，根据功率与牵引力的关系，判断BC段的运动情况，速度达到最大时，牵引力等于阻力．【解答】解：A、AB段牵引力不变，根据牛顿第二定律知，加速度不变，做匀加速直线运动．故A错误；B、额定功率P=F min v max=600×18=10.8kW，故B正确；C、匀加速运动的加速度a==3m/s2，到达B点时的速度v=，所以匀加速的时间t=，若电动汽车一直做匀加速运动2s，则由静止开始经过2s的速度v=at=6m/s，所以电动汽车由静止开始经过2s，速度小于6m/s，故C错误；D、当最大速度v max=18m/s时，牵引力为F min=600N，故恒定阻力f=F min=600N，故D正确．故选：BD14．如图所示，传送带的水平部分长为L，运动速率恒为v，在其左端放上一无初速的小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左到右的运动时间不可能为（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】物块无初速滑上传送带，有可能一直做匀加速直线运动，有可能先做匀加速直线运动再做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出木块运行的时间．【解答】解：①当木块一直做匀加速直线运动．若木块一直做匀加速直线运动到达右端时的速度还未达到v．根据牛顿第二定律得，a=μg．根据L=，解得．若木块一直做匀加速直线运动到达右端时的速度刚好为v．根据L=解得t=②当木块先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动．匀加速直线运动的时间，匀加速直线运动的位移则匀速直线运动的位移则匀速直线运动的时间则总时间为t=．故B、C、D正确，A错误．本题选不可能的，故选A．15．甲、乙两车在一平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为s1和s2（s2＞s1）．初始时，甲车在乙车前方s0处．则下列说法正确的是（）A．若s0＜s1，两车相遇2次B．若s0=s1，两车相遇1次C．若s0=s1+s2，两车不会相遇D．若s0=s2，两车相遇1次【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】此题考察了追击与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系．两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件．【解答】解：速度﹣时间图象与坐标轴围成的“面积”表示位移，由图线可知：在T时间内，甲车前进了S2，乙车前进了S1+S2；A、若S0+S2＜S1+S2，即S0＜S1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，故A正确；B、若S0+S2=S1+S2，即S0=S1两车只能相遇一次，此后甲的速度比乙的速度大，不可能再次相遇，故B正确；C、若s0+s2＞s1+s2，即s0＞s1，速度相等时还没有相遇，此后两车不会相遇，故C正确；D、若S0=S2，由于S2＞S1，故S0＞S1，速度相等时还没有相遇，此后两车不会相遇，故D错误；故选：ABC。
山西省朔州市怀仁市2023-2024学年高一上学期期中物理试题含答案
山西省朔州市高中部2023-2024学年高一上学期期中物理试题（答案在最后）注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己的姓名、准考证号和班级填写在答题卡上。
将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。
2.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。
3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案用0.5mm的黑色笔迹签字笔写在答题卡上。
4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。
一、单选题（每题2分，共14分）1.玩具小车做直线运动的频闪照片（每隔相同时间在同一底片上对同一物体多次曝光获得的照片叫做频闪照片）如图所示，由此可以断定小车（）A.加速度一定向右B.加速度一定向左C.一定做向右减速运动D.一定做速度向左的运动【答案】B【解析】【详解】小车可能向右运动，也可能向左运动，不能断定小车的速度方向。
若小车向右运动，小车在连续相等时间内通过的位移逐渐减小，则小车向右做减速运动，加速度向左，若小车向左运动，小车在连续相等时间内通过的位移逐渐增大，则小车向左做加速运动，加速度向左，所以可以断定小车的加速度向左。
故ACD错误；B正确。
故选B。
2.a、b两车在同一平直公路上行驶，a做匀速直线运动，两车的位置x随时间t的变化如图所示。
下列说法正确的是（）A.b车运动方向始终不变B.a、b两车相遇一次C.到时间内，a车的平均速度小于b车的平均速度D.到时间内，某时刻a车的速度可能等于b车的速度【答案】D【解析】【详解】A．图线的斜率表示车的速度，斜率的正负表示速度方向，则b先沿正向运动后沿负向运动，故选项A错误；B．两条图线有两个交点，说明a、b两车相遇两次，故选项B错误；C．车的位移大小等于纵坐标的变化量，根据题图可知到时间内，两车通过的位移相同，时间也相等，所以平均速度相等，故C错误；D．到时间内，存在a车图线切线斜率等于b车斜率的时刻，某时刻a车的速度可能等于b车的速度，故选项D正确。
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2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高一（上）期中物理试卷一、选择题（本大题包括12个小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）．1．伽利略是一位伟大的科学家，他借用匀变速直线运动的规律巧妙的推出了自由落体运动的规律，显出了一代物理大师的高超研究艺术，下列关于伽利略对自由落体运动的研究的说法中的错误的是（）A．运用“归谬法”否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢的论断B．提出“自由落体”是一种最简单的变速直线运动﹣﹣匀变速直线运动C．通过斜面上物体的匀加速运动利用外推法推出斜面倾角为90°时物体做自由落体运动且加速度大小跟物体的质量无关D．总体的思想方法是：对现象的一般观察→提出假设→逻辑推理→对假设进行修正和推广2．一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB．该爱好者用直尺量出轨迹的实际长度，如图所示．已知曝光时间为s，则小石子出发点离A点约为（）A．6.5m B．10m C．20m D．45m3．有一种测定重力加速度g的方法，叫“对称自由下落法”，它可将测定g归结于测定长度和时间．实验中所用稳定的氦氖激光的波长为长度标准，利用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟测时间，因此能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，测得自某点O竖直向上抛出小球到小球落回O点的时间间隔为T2，在上述小球的运动过程中，还测得小球两次经过比O点高H 的P点的时间间隔为T1，则用T1、T2和H表示g为（）A． B．C．D．4．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是1mD．任意1s内的速度增量都是2m/s5．以v=36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度．刹车后3s内，汽车走过的路程为（）A．12.5m B．12m C．90m D．126m6．甲、乙两辆汽车，同时在一条平直的公路上自西向东运动，开始时刻两车平齐，相对于地面的v ﹣t图象如图所示，关于它们的运动，下列说法正确的是（）A．甲车中的乘客说，乙车先以速度v0向西做匀减速运动，后做匀加速运动B．乙车中的乘客说，甲车先以速度v0向西做匀减速运动，后做匀加速运动C．根据v﹣t图象可知，开始乙车在前，甲车在后，两车距离先减小后增大，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐D．根据v﹣t图象可知，开始甲车在前，乙车在后，两车距离先增大后减小，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐7．A、B两小球从不同高度自由下落，同时落地，A球下落的时间为t，B球下落的时间为，当B 球开始下落的瞬间，A、B两球的高度差为（）A．gt2B．gt2C．gt2D．gt28．如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5m处减速，汽车能停在停车线处9．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）（）A．三个 B．四个 C．五个 D．六个10．如图所示为甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动的v﹣t图象，则（）A．甲、乙两物体在4s末相距最远B．甲、乙两物体在5s末相遇C．前4s内甲物体总在乙的前面D．甲、乙两物体在2.5s末相距最远11．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置、时间（x﹣t）图线．由图可知（）A．在时刻t1，a车追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大12．甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v﹣t图象如图所示，则（）A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t=6s时的加速度方向相同二、实验题（本题包括2个小题，共15分）．13．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，如图甲所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点（A点为第一个点），相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．（1）计算各点瞬间速度v D=m/s，v C=m/s，v B=m/s．（2）在如图乙所示坐标系中画出小车的v﹣t图线，并根据图线求出a=．（3）将图线延长与纵轴相交，交点的物理意义是．14．研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角可调．已知电火花式打点计时器所用交流电的周期为T．纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①部分实验步骤如下：A．调整倾角，使小车能够匀速下滑B．关闭电源，取出纸带．C．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车．D．把打点计时器固定在平板上，将纸带穿过限位孔．E．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连．F．选择220V交流电源并接好电路G．选择6～8V直流电源并接好电路H．选择6～10V交流电源并接好电路选择其中必须的实验步骤并按正确的先后顺序排列：（用字母填写）．②如果当时电网中交变电流的周期不正常，比已知的T略大，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比偏小（选填：偏大、偏小或不变）．③小车加速度大小的计算式应为a=．三、计算题（本题包括4个小题，共37分；解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答中必须明确写出数值和单位）．15．A、B两球先后从空中同一点释放，做自由落体运动，释放两球的时间间隔为△t=1s，在某时刻A、B两球相距s=15m，两球均没着地（g=10m/s2），求：（1）此时A球距释放点的距离h．（2）此时B球速度大小v．16．如图所示，A、B两棒长均为L=1m，A的下端和B的上端相距s=20m．若A、B同时运动，A 做自由落体、B做竖直上抛，初速度v0=40m/s，求：（1）A、B两棒何时相遇；（2）从相遇开始到分离所需的时间．17．短跑名将博尔特在北京奥运会上创造了100m和200m短跑项目的新世界纪录，他的成绩分别是9.69s和l9.30s．假定他在100m比赛时从发令到起跑的反应时间是0.15s，起跑后做匀加速运动，达到最大速率后做匀速运动.200m比赛时，反应时间及起跑后加速阶段的加速度和加速时间与l00m比赛时相同，但由于弯道和体力等因素的影响，以后的平均速率只有跑l00m时最大速率的96%．求：（1）加速所用时间和达到的最大速率．（2）起跑后做匀加速运动的加速度．（结果保留两位小数）18．甲、乙两车在平直公路上比赛，某一时刻，乙车在甲车前方L1=11m处，乙车速度v乙=60m/s，甲车速度v甲=50m/s，此时乙车离终点线尚有L2=600m，如图所示．若甲车做匀加速运动，加速度a=2m/s2，乙车速度不变，不计车长．（1）经过多长时间甲、乙两车间距离最大，最大距离是多少？（2）到达终点时甲车能否超过乙车？2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题包括12个小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）．1．伽利略是一位伟大的科学家，他借用匀变速直线运动的规律巧妙的推出了自由落体运动的规律，显出了一代物理大师的高超研究艺术，下列关于伽利略对自由落体运动的研究的说法中的错误的是（）A．运用“归谬法”否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢的论断B．提出“自由落体”是一种最简单的变速直线运动﹣﹣匀变速直线运动C．通过斜面上物体的匀加速运动利用外推法推出斜面倾角为90°时物体做自由落体运动且加速度大小跟物体的质量无关D．总体的思想方法是：对现象的一般观察→提出假设→逻辑推理→对假设进行修正和推广【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】根据伽利略对落体运动规律的研究，了解伽利略所开创的研究问题的方法和思维过程，伽利略对运动和力的关系研究，其科学思想方法的核心是把把实验和逻辑推理和谐结合起来，即可正确解答本题【解答】解：A、伽利略运用亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢，若将重物与轻物加在一起下落，下落速度介于这两者之间，然而根据亚里士多德，两者加在一起更重，则下落速度更大，从而推翻他的结论．故A正确；B、他通过斜面实验后，逻辑推理，提出“自由落体”是一种最简单的变速直线运动﹣﹣﹣匀变速直线，故B正确；C、伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量．伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推．所以伽利略用来抽象思维、数学推导和科学实验相结合的方法．因此伽利略得出体做自由落体运动且加速度大小跟物体的质量无关．故C正确；D、伽利略在研究物体下落规律时，首先是提出问题即对亚里士多德的观点提出疑问，然后进行了猜想即落体是一种最简单的变速运动，而最简单的变速运动就是速度变化是均匀的，接着进行了实验，伽利略对实验结果进行数学推理，然后进行合理的外推得出结论．故D错误本题选错误的故选：D【点评】伽利略将可靠的事实和理论思维结合起来，以实验事实为基础，开辟了崭新的研究物理的方法道路，发展了人类的科学思维方式和科学研究方法2．一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB．该爱好者用直尺量出轨迹的实际长度，如图所示．已知曝光时间为s，则小石子出发点离A点约为（）A．6.5m B．10m C．20m D．45m【考点】自由落体运动．【分析】根据照片上痕迹的长度，可以知道在曝光时间内物体下落的距离，由此可以估算出AB段的平均速度的大小，在利用自由落体运动的公式可以求得下落的距离．【解答】解：由图可知AB的长度为2cm，即0.02m，曝光时间为s，所以AB段的平均速度的大小为v===20m/s，由自由落体的速度位移的关系式v2=2gh可得，h===20m，所以C正确．故选：C．【点评】由于AB的运动时间很短，我们可以用AB段的平均速度来代替A点的瞬时速度，由此再来计算下降的高度就很容易了，通过本题一定要掌握这种近似的方法．3．有一种测定重力加速度g的方法，叫“对称自由下落法”，它可将测定g归结于测定长度和时间．实验中所用稳定的氦氖激光的波长为长度标准，利用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟测时间，因此能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，测得自某点O竖直向上抛出小球到小球落回O点的时间间隔为T2，在上述小球的运动过程中，还测得小球两次经过比O点高H 的P点的时间间隔为T1，则用T1、T2和H表示g为（）A． B．C．D．【考点】竖直上抛运动．【分析】本题考查了竖直上抛运动的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两部分组成．【解答】解：小球从O点上升到最大高度过程中：①小球从P点上升的最大高度：②依据题意：h2﹣h1=H ③联立①②③解得：故选：A【点评】分析物体运动的形式，根据运动特点，然后选择相应的规律求解是解决运动问题的基本思路，要在学习中不断培养解题思路．4．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是1mD．任意1s内的速度增量都是2m/s【考点】匀变速直线运动的公式．【分析】根据匀变速直线运动的位公式对比即可得出结论．【解答】解：A、将t=1代入即可求出第1s内的位移是x=6m，A错误；B、前2s内的平均速度为m/s，B错误；C、与对比可知a=2m/s2，则△s=aT2=2m，C错误；D、由加速的定义式可知D选项正确．故选：D．【点评】本题考查的就是匀变速直线运动的公式的应用，根据公式即可求得，比较简单．5．以v=36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度．刹车后3s内，汽车走过的路程为（）A．12.5m B．12m C．90m D．126m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】先求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车刹车停止后不再运动．再根据匀变速直线运动的位移公式求出汽车走过的路程．【解答】解：汽车刹车到停止所需的时间．所以3s内的位移等于2.5s内的位移．所以刹车后3s内，汽车走过的路程=10×=12.5m．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，以及掌握匀变速直线运动的位移时间公式．本题求位移时也可以通过平均速度公式求解，x=．6．甲、乙两辆汽车，同时在一条平直的公路上自西向东运动，开始时刻两车平齐，相对于地面的v ﹣t图象如图所示，关于它们的运动，下列说法正确的是（）A．甲车中的乘客说，乙车先以速度v0向西做匀减速运动，后做匀加速运动B．乙车中的乘客说，甲车先以速度v0向西做匀减速运动，后做匀加速运动C．根据v﹣t图象可知，开始乙车在前，甲车在后，两车距离先减小后增大，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐D．根据v﹣t图象可知，开始甲车在前，乙车在后，两车距离先增大后减小，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】从图象得到两个质点的运动情况，甲做匀速直线运动，乙做初速度为零的匀加速直线运动，然后结合速度的正负表示速度的方向，速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小和运动的相对性进行分析．【解答】解：A、甲车中的乘客以甲车为参考系，相当于甲车静止不动，乙车以初速度v0向西做减速运动，速度减为零之后，做加速运动，故A正确；B、乙车中的乘客以乙车为参考系，相当于乙车静止不动，甲车以初速度v0向东做减速运动，速度减为零之后，做匀加速运动，故B错误；C、D、根据υ﹣t图象可知：开始阶段甲车在前、乙车在后，两车间距离先增大、后减小，当乙车速度增大到2υ0时，两车恰好平齐．故C、D错误．故选：A．【点评】本题的文字较多，要有耐心读题，其次要运用运动的相对性，结合图象的“面积”分析两车运动情况．7．A、B两小球从不同高度自由下落，同时落地，A球下落的时间为t，B球下落的时间为，当B 球开始下落的瞬间，A、B两球的高度差为（）A．gt2B．gt2C．gt2D．gt2【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】由下落时间可求出两球开始下落的高度；A球下落时间比B球下落时间早；则求出在此段时间内的A下落的高度，即可求出AB两球的在B球开始下落时的两球的高度差．【解答】解：由h=gt2可得：A下落的高度为gt2；而B下落的高度为：；而在B下落的瞬间A已下落了：h′=g（）2=gt2；故AB两球的高度差为：gt2﹣﹣=gt2；故选：D．【点评】本题考查自由落体的下落高度与时间的关系；要注意分析题目中给出的条件，明确要求的为哪一段的高度差即可求解．8．如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5m处减速，汽车能停在停车线处【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】本题中汽车有两种选择方案方案一、加速通过按照AB选项提示，汽车立即以最大加速度匀加速运动，分别计算出匀加速2s的位移和速度，与实际要求相比较，得出结论；方案二、减速停止按照CD选项提示，汽车立即以最大加速度匀减速运动，分别计算出减速到停止的时间和位移，与实际要求相比较，即可得出结论；【解答】解：如果立即做匀加速直线运动，t1=2s内的位移=20m＞18m，此时汽车的速度为v1=v0+a1t1=12m/s＜12.5m/s，汽车没有超速，A项正确、B错误；如果立即做匀减速运动，速度减为零需要时间s，此过程通过的位移为=6.4m，即刹车距离为6.4m，提前18m减速，汽车不会超过停车线，如果距停车线5m处减速，则会过线，因而C项正确、D错误；故选AC．【点评】熟练应用匀变速直线运动的公式，是处理问题的关键，对汽车运动的问题一定要注意所求解的问题是否与实际情况相符．9．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）（）A．三个 B．四个 C．五个 D．六个【考点】竖直上抛运动．【分析】小球做竖直上抛运动，先求解出小球运动的总时间，然后判断小球在抛出点以上能遇到的小球数．【解答】解：小球做竖直上抛运动，从抛出到落地的整个过程是匀变速运动，根据位移时间关系公式，有：代入数据，有：解得：t=0（舍去）或t=1.2s每隔0.2s抛出一个小球，故第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为：N=故选：C．【点评】本题关键明确第一个小球的运动情况，然后选择恰当的运动学公式列式求解出运动时间，再判断相遇的小球个数．10．如图所示为甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动的v﹣t图象，则（）A．甲、乙两物体在4s末相距最远B．甲、乙两物体在5s末相遇C．前4s内甲物体总在乙的前面D．甲、乙两物体在2.5s末相距最远【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】追及、相遇问题．【分析】甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动，根据两物体的速度大小关系，分析它们之间距离的变化，确定何时相距最远．当两物体的位移相等时两者相遇，由“面积”等于位移，分析何时两者相遇．【解答】解：A、D据题，甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动，在2.5s前，甲的速度大于乙的速度，两者距离不断增大；在2.5s后乙的速度大于甲的速度，两者距离缩短，则在两物体在2.5s末相距最远．故A错误，D正确．B、由“面积”等于位移看出，在5s末两物体通过的位移相等，则两物体在5s末相遇．故B正确．C、由图看出，甲的位移一直大于乙的位移，说明前4s内甲物体总在乙的前面．故C正确．故选BCD【点评】根据速度图象分析两物体何时相遇、何时相距最远，主要抓住速度关系和位移关系进行分析，位移根据“面积”确定．11．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置、时间（x﹣t）图线．由图可知（）A．在时刻t1，a车追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】位移时间关系图线反映位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度的大小．【解答】解：A、在时刻t1，a、b两车的位置坐标相同，开始a的位移大于b的位移，知b从后面追上a．故A错误．B、在时刻t2，a的位移增大，b的位移减小，知两车运动方向相反．故B正确．C、图线切线的斜率表示速度，在t1到t2这段时间内，b车图线斜率先减小后增大，则b车的速率先减小后增加．故C正确．D、在t1到t2这段时间内，b图线的斜率不是一直大于a图线的斜率，所以b车的速率不是一直比a 车大．故D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度的大小，能够通过图线得出运动的方向．12．甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v﹣t图象如图所示，则（）A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t=6s时的加速度方向相同【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】压轴题；运动学中的图像专题．【分析】本题应抓住速度时间图象中速度的正负表示速度的方向，图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析．【解答】解：A、在t=0到t=ls之间，甲始终沿正方向运动，而乙先沿负方向运动后沿正方向运动，故A错误；B、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，t轴上方的“面积”表示位移是正值，t轴下方的“面积”表示位移是负值，则知在t=0到t=7s之间乙的位移为零．故B正确；C、在t=0到t=4s之间，甲的速度始终为正值，说明甲一直沿正方向做单向直线运动．故C错误；D、根据斜率等于物体的加速度知，甲、乙在t=6s时的加速度方向都沿负方向，方向相同．故D正确．故选：BD．【点评】本题关键要掌握速度图象的数学意义：图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析．二、实验题（本题包括2个小题，共15分）．13．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，如图甲所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点（A点为第一个点），相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．（1）计算各点瞬间速度v D= 3.90m/s，v C= 2.64m/s，v B= 1.38m/s．（2）在如图乙所示坐标系中画出小车的v﹣t图线，并根据图线求出a=12.8m/s2．（3）将图线延长与纵轴相交，交点的物理意义是零时刻小车经过A点的速度．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题．【分析】（1）若物体做匀变速直线运动，则时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小；（2）v﹣t图象中图线的斜率等于小车的加速度大小．（3）根据图线得出与纵轴交点的速度．【解答】解：（1）根据一段时间的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，打D点时小车的瞬时速度：v D=m/s=3.90 m/s．打C点时小车的瞬时速度：v C=m/s=2.64m/s。