辽宁省辽阳市2021届新高考物理第三次押题试卷含解析

辽宁省辽阳市2021届新高考物理第三次押题试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．20世纪中叶以后，移动电话快速发展．移动电话机（ ）A ．既能发射电磁波，也能接收电磁波B ．只能发射电磁波，不能接收电磁波C ．不能发射电磁波，只能接收电磁波D ．既不能发射电磁波，也不能接收电磁波【答案】A【解析】【分析】移动电话能将我们的声音信息用电磁波发射到空中，同时它也能在空中捕获电磁波，得到对方讲话的信息．【详解】因为移动电话能将我们的声音信息用电磁波发射到空中，同时它也能在空中捕获电磁波，得到对方讲话的信息．所以移动电话的声音信息由空间的电磁波来传递，移动电话既能发射电磁波，也能接收电磁波，故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

【点睛】本题需要掌握移动电话的电信号通过电磁波进行传递，知道移动电话既是无线电的发射台，又是无线电的接收台．2．一质点做匀加速直线运动时，速度变化v ∆时发生位移1x ，紧接着速度变化同样的v ∆时发生位移2x ，则该质点的加速度为（ ）A ．21211()v x x ⎛⎫∆+ ⎪⎝⎭B ．212()2v x x ∆- C ．21211()v x x ⎛⎫∆- ⎪⎝⎭D ．212()v x x ∆- 【答案】D【解析】【详解】设质点做匀加速直线运动，由A 到B ：()220012v v v ax +∆-=由A 到C()()22001222v v v a x x +∆-=+由以上两式解得加速度212()v a x x ∆=- 故选D 。

3．如图所示，竖直面内有一光滑半圆，半径为R ，圆心为O 。

一原长为2R 的轻质弹簧两端各固定一个可视为质点的小球P 和Q 置于半圆内，把小球P 固定在半圆最低点，小球Q 静止时，Q 与O的连线与竖直方向成夹角60θ︒=，现在把Q 的质量加倍，系统静止后，PQ 之间距离为（ ）A ．13RB ．15RC ．25RD ．23R 【答案】D【解析】【详解】开始小球Q 处于静止状态，弹簧的形变量2x R R R =-=，弹簧弹力1F kx kR ==，对Q 进行受力分析可知kR mg = Q 的质量加倍后，设OQ 与竖直方向的夹角为α，对Q 进行受力分析，设弹簧的弹力为2F ，根据力的三角形与边的三角形相似有 222sin 2mg R F R α= 又222sin 2F k R R α⎛⎫=- ⎪⎝⎭ 联立解得1sin23α= 则PQ 之间距离22sin23L R R α== 故选D 。

4．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P 在支撑点M 、N 处受力的方向，下列说法正确的是( )A ．M 处受到的支持力竖直向上B ．N 处受到的支持力竖直向上C ．M 处受到的静摩擦力沿MN 方向D ．N 处受到的静摩擦力沿水平方向【答案】A【解析】M 处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A 正确；N 处受到的支持力的方向与原木P 垂直向上，不是竖直向上，故B 错误；原木相对于地有向左运动的趋势，则在M 处受到的摩擦力沿地面向右，故C 错误；因原木P 有沿原木向下的运动趋势，所以N 处受到的摩擦力沿MN 方向，故D 错误．故选A ．5．下列说法正确的是（ ） A ．β衰变所释放的电子是原子核外电子电离形成的B ．贝克勒尔通过实验发现了中子C ．原子从a 能级状态跃迁到b 能级状态时吸收波长为λ1的光子；原子从b 能级状态跃迁到c 能级状态时发射波长为λ2的光子，已知λ1＞λ2，那么原子从a 能级状态跃迁到c 能级状态时将要吸收波长为212λλλ-的光子D ．赫兹首次用实验证实了电磁波的存在【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．β衰变的本质是原子核内的一个中子释放一个电子变为质子，故A 错误；B ．根据物理学史可知，查德威克通过α粒子轰击铍核的实验，发现了中子的存在，故B 错误；C．光子的能量hc Eλ=，由题12λλ＞，则12E E＜，从a能级状态跃迁到b能级状态时吸收波长为λ1的光子，原子从b能级状态跃迁到c能级状态时发射波长为λ2的光子，根据玻尔理论，a能级的能量值大于c能级的能量值223hc hc hcλλλ-=所以原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要辐射波长为1212λλλλ-的光子，故C错误；D．根据物理学史可知，赫兹首次用实验证实了电磁波的存在，故D正确。

故选：D。

6．如图所示，一直角三角形acd在竖直平面内，同一竖直面内的a、b两点关于水平边cd对称，点电荷Q1、Q2固定在c、d两点上。

一质量为m、带负电的小球P在a点处于静止状态，取重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．Q2对P3B．Q1、Q23C．将P从a点移到b点，电场力做正功D．将P从a点沿直线移到b点，电势能先增大后减小【答案】B【解析】【分析】【详解】A．由于P处于平衡状态，可知Q2对P的静电力大小为21cos602F mg mg==o选项A错误；B．同理可知Q1对P的静电力大小为13cos30F mg mg==o设ac=L，则ad = 由库仑定律112Q q F kL= 2223Q q F k L = 联立解得Q 1、Q 2的电荷量之比为123Q Q = 选项B 正确；CD ．将P 从a 点移到b 点，电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增加，选项CD 错误； 故选B 。

二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．长为l 直导线中通有恒定电流I ，静置于绝缘水平桌面上，现在给导线所在空间加匀强磁场，调整磁场方向使得导线对桌面的压力最小，并测得此压力值为N 1，保持其他条件不变，仅改变电流的方向，测得导线对桌面的压力变为N 2。

则通电导线的质量和匀强磁场的磁感应强度分别为（ ）A ．12N N m g +=B ．122N N m g +=C ．212N N B Il -=D ．122N N B Il-= 【答案】BC【解析】【分析】【详解】对导线受力分析，可知导线受重力、支持力和安培力作用，当安培力方向竖直向上时，支持力最小，则导线对桌面的压力最小，根据平衡条件有1N BIl mg +=当仅改变电流方向时，安培力方向向下，根据平衡有2N mg BIl =+联立解得122N N m g +=，212N N B Il-= 故BC 正确，AD 错误。

故选BC 。

8．下列说法正确的是 。

A．物体的摄氏温度变化了1℃，其热力学温度变化了1KB．气体放出热量时，其分子的平均动能一定减小C．气体之所以能充满整个空间，是因为气体分子间相互作用的引力和斥力十分微弱D．如果气体分子间的相互作用力小到可以忽略不计，则气体的内能只与温度有关E.密闭有空气的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气（不计分子势能）向外界释放热量，而外界对其做功【答案】ACE【解析】【分析】【详解】A．由热力学温度与摄氏温度的关系：T=t+273，可知摄氏温度变化1℃，热力学温度变化1K，故A正确；B．气体放出热量时，若外界对气体做功，则气体的温度也可能升高，其分子的平均动能增加，选项B错误；C．无论是气体，液体还是固体，其分子间都存在间距，但气体的间距最大，由于分子间存在较大的间距，气体分子间相互作用的引力和斥力十分微弱，气体分子可以在空间自由运动，所以气体能充满整个空间，C正确；D．气体的内能除分子势能、分子平均动能有关外，还与气体的质量有关。

对于气体分子间作用力可以忽略时，气体的内能只由温度和质量决定。

分子越多，总的能量越大，所以D错误；E．不计分子势能时，气体温度降低，则内能减小，向外界释放热量；薄塑料瓶变扁，气体体积减小，外界对其做功，故E正确。

故选ACE。

9．下列说法正确的是（）A．布朗运动只能在液体里发生，且温度越高，布朗运动越激烈B．分子间距离增大，分子间作用力对外表现可能为斥力C．分子动能与分子势能的和叫作这个分子的内能D．滴进水中的墨水微粒能做扩散运动，说明分子间有空隙E.外界对某理想气体做功6⨯，则气体温度升高1.010J2.010J⨯，气体对外放热6【答案】BDE【解析】【详解】A．布朗运动是悬浮在液体或气体中固体小颗粒的无规则运动；布朗运动可以在液体里发生，也可以在气体里发生，且温度越高，布朗运动越激烈，故A错误。

B.在分子间距离r<r0范围内，即使距离增大，分子间作用力表现为斥力，故B正确；C.所有分子动能与分子势能的总和叫做物体的内能，单个分子的内能没有意义，故C 错误；D.滴进水中的墨水微粒能做扩散运动，说明分子间有空隙，故D 正确；E.外界对某理想气体做功W=2.0×105J ，气体对外放热Q=-1.0×105J ，根据热力学第一定律，则气体的内能变化n E=W+Q=2.0×105J-1.0×105J=1.0×105J所以气体的内能增大，温度升高，故E 正确。

故选BDE 。

10．如图所示，水平转台上有一个质量为m 的物块，用长为L 的细线将物块连接在转轴上，细线与竖直转轴的夹角为θ，此时细线中张力为零，物块与转台间的动摩擦因数为μ(tan μθ<)，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，则下列说法正确的是（ ）A ．转台一开始转动，细线立即绷直对物块施加拉力B ．当细线中出现拉力时，转台对物块做的功为1sin 2mgL μθ C 2cos g L θD ．当转台对物块的支持力刚好为零时，转台对物块做的功为2sin 2cos mgL θθ【答案】BD【解析】【详解】AB ．转台刚开始转动，细线未绷紧，此时静摩擦力提供向心力，当转动到某一角速度ω1时，静摩擦力达到最大值，根据牛顿第二定律，有21sin mg mL μθω=此时物块线速度大小为1sin v L θω=从开始运动到细线中将要出现拉力过程中，设转台对物块做的功为W ，对物块由动能定理，可得 212W mv =1sin 2W mgL μθ= 故A 错误，B 正确；CD ．当转台对物块支持力恰好为零时，竖直方向cos mg T θ=水平方向22sin sin T mL θθω=联立解得2cos g L ωθ= 此时物块的线速度大小为22sin v L θω=从开始运动到转台对物块的支持力刚好为零过程中，设转台对物块做的功为W 2，对物块由动能定理，可得22212W mv = 联立解得22sin 2cos mgL W θθ= 故C 错误，D 正确。

故选BD 。

11．如图所示,实线为一列简谐横波在某时刻的波形图，虚线为该时刻之后7s 的波形图,已知该波的周期为4s,则下列判断中正确的是（ ）A ．这列波沿x 轴正方向传播B ．这列波的振幅为4cmC ．这列波的波速为2m/sD ．该时刻x=2m 处的质点沿y 轴负方向运动E.该时刻x=3m 处质点的加速度最大【答案】BDE【详解】A ．该波的周期为4s ，因为37s 14T =，故波沿x 轴负方向传播，A 错误；B ．波的振幅为4cm ，B 正确；C ．波速 1m /s v T λ==C 错误：D ．波沿x 轴负方向传播，2m x =处的质点离开平衡位置向下运动，D 正确；E ．该时刻3m x =处的质点在波谷位置，离开平衡位置的距离最大，加速度最大，E 正确。