湖北省长阳一中2015-2016学年度高二物理上学期期末考试试题
16学年上学期高二期末考试物理试题(附答案)(11)
2015—2016学年度第一学期期末质量检测试卷高二物理注意事项：1．本试卷分试题和答题纸两部分,试卷满分100分,考试时间90分钟。
2. 答卷前考生务必将自己的姓名、考试号、科目填涂在答题卡和答题纸上相应位置。
3. 选择题部分，用2B铅笔将答案涂在答题卡上，答在试卷上无效。
其余部分将答案写在答题纸上相应位置，答在其它位置无效。
一．选择题（本题共16小题，每题3分，共48分。
每题给出的四个选项中有一个或多个选项是正确的，请将正确答案选出来。
选对但不全的得2分，多选、错选均不得分）1．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献。
下列说法正确的是A．奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律C．库仑发现了点电荷的相互作用规律：密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D．洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律2. 关于点电荷Q产生的电场，下列说法正确的是A．电场强度的定义式仍成立，即E=F/q，式中的q就是检验电荷B．在真空中，电场强度的表达式E=kQ/r2，式中Q是产生电场的点电荷C．在真空中，电场强度的表达式E=kQ/r2，式中Q是检验电荷D．公式E=U/d也可以用于点电荷的电场3. 平行板电容器的一个极板与静电计的金属杆相连,另一个极板与静电计的金属外壳相连,如图所示。
给电容器充电后, 静电计偏转一个角度。
如果保持电容器所带电量不变,以下情况中,可以使静电计指针的偏角增大的是A.把两板间的距离增大B.把两板的正对面积增大C.在两板间插入相对介电常数较小的电介质.D.以上做法都不可以4．下列关于静电场中电场线的叙述正确的是A．沿着电场线的方向电场强度越来越小B．电荷沿着电场线的方向移动，电势能逐渐减小C ．电场线是人们假设的，用以形象地表示电场强弱和方向，客观并不存在D ．电场线是非闭合曲线，始于正电荷或无穷远，止于无穷远或负电荷 5．如图，在一水平放置的平板MN 的上方有匀强磁场， 磁感应强度的大小为B ，磁场方向垂直于纸面向里。
2015-2016学年上学期期末考试高二物理试题及答案
2015-2016学年上学期期末考试高二物理试题考试时间 90分钟 满分 110分一、选择题（每小题5分，共50分。
其中1-6题为单选题，7-10题为多选题，选对选全得5分，选对不选全得3分，有选错的得0分。
）1．如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x 轴垂直于环面且过圆心O .下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )A ．O 点的电场强度为零，电势最低B ．O 点的电场强度为零，电势最高C ．从O 点沿x 轴正方向，电场强度减小，电势升高D ．从O 点沿x 轴正方向，电场强度增大，电势降低2.如图所示，A 、B 、C 是等边三角形的三个顶点，O 是A 、B 连线的中点．以O 为坐标原点，A 、B 连线为x 轴，O 、C 连线为y 轴，建立坐标系．过A 、B 、C 、O 四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等、方向向里的电流．则过O 点的通电直导线所受安培力的方向为( )A ．沿y 轴正方向B ．沿y 轴负方向C ．沿x 轴正方向D ．沿x 轴负方向3．a 、b 、c 、d 是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星．其中a 、c 的轨道相交于P ，b 、d 在同一个圆轨道上，b 、c 轨道在同一平面上．某时刻四颗卫星的运行方向及位置如图1所示．下列说法中正确的是( ) A ．a 、c 的加速度大小相等，且大于b 的加速度 B ．b 、c 的角速度大小相等，且小于a 的角速度 C ．a 、c 的线速度大小相等，且小于d 的线速度 D ．a 、c 存在在P 点相撞的危险4．如图所示，圆环形导体线圈a 平放在水平桌面上，在a 的正上方固定一竖直螺线管b ，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，下列表述正确的是( ) A ．线圈a 中将产生俯视顺时针方向的感应电流 B ．穿过线圈a 的磁通量变小 C ．线圈a 有扩张的趋势D ．线圈a 对水平桌面的压力F N 将增大5．如图所示，在水平面上有一个质量为m 的小物块，从某点给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，途中经过A 、B 、C 三点，到达O 点的速度为零．A 、B 、C 三点到O 点的距离分别为s 1、s 2、s 3，物块从A 点、B 点、C 点运动到O 点所用时间分别为t 1、t 2、t 3，下列结论正确的是( )A. s 1t 1＝s 2t 2＝s 3t 3B. s 1t 1<s 2t 2<s 3t 3C .s 1t 21＝s 2t 22＝s 3t 23 D. s 1t 21<s 2t 22<s 3t 236．图中的虚线a 、b 、c 、d 表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M 、N (重力忽略不计)以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN 和NQM 所示．已知M 是带正电的粒子．则下列说法中正确的是 ( )． A ．N 一定也带正电B ．a 点的电势高于b 点的电势，a 点的场强大于b 点的场强 C. 带电粒子N 的动能减小、电势能增大 D ．带电粒子N 的动能增大、电势能减小7．有一种手电筒和台式电子钟都是使用1节干电池工作的。
湖北省宜昌市长阳一中高二物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二〔上〕期中物理试卷一、单项选择题〔共6小题，每一小题5分，共30分，每一小题只有一项符合题目要求〕1．真空中有相距为r的两个点电荷A、B，它们之间相互作用的静电力为F，如果将A的带电量增加到原来的4倍，B的带电量不变，要使它们的静电力变为，如此它们的距离应当变为( )A．16r B．4r C．2r D．2r2．关于磁感应强度B，如下说法中正确的答案是( )A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B．磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力方向一致C．在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D．在磁场中磁感线越密集的地方，B值越大3．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如下列图，A处点电荷带正电Q1，B处点电荷带负电Q2，且Q2＞Q1，另取可自由移动的点电荷Q3放在AB所在直线上，欲使整个系统处于平衡状态，如此( )A．Q3为负电荷，且放于A左方 B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为正电荷，且放于AB之间D．Q3为正电荷，且放于B右方4．如下列图，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以( )A．适当减小磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度 D．使电流反向5．如下列图，在真空中有两个带正电的点电荷，分别置于M、N两点．M处正电荷的电荷量大于N处正电荷的电荷量，A、B为M、N连线的中垂线上的两点．现将一负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点，在此过程中，如下说法正确的答案是( )A．q的电势能逐渐减小B．q的电势能逐渐增大C．q的电势能先增大后减小D．q的电势能先减小后增大6．如下列图，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，如此电场强度的大小为( )A．200V/m B．200V/m C．100V/m D．100V/m二、多项选择题〔共4小题，每一小题5分，共20分，每一小题给出的选项中有多项符合题目要求，选对不全得3分，见错无分〕7．如下列图，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是( )A．电源的输出功率为4W B．电源的输出功率为2WC．电源的效率约为33.3% D．电源的效率约为67%8．如下列图，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，电动机线圈电阻R M=1Ω，如此如下说法中正确的答案是( )A．通过电动机的电流为10A B．电动机的输入功率为18WC．电动机的热功率为4W D．电动机的输出功率为16W9．平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是( )A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变10．如图，空间有垂直于xoy平面的匀强磁场．t=0的时刻，一电子以速度v0经过x轴上的A 点，方向沿x轴正方向．A点坐标为〔﹣0.5R，0〕，其中R为电子在磁场中做圆周运动的轨道半径．不计重力影响，如此( )A．电子经过y轴时，速度大小仍为v0B．电子在t=时，第一次经过y轴C．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，R〕D．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，﹣R〕三、实验题〔有2小题，共15分〕11．用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的器材有：A．电压表：0～3～15VB．电流表Ⓐ：0～0.6～3AC．滑动变阻器R1：〔总阻值20Ω〕D．滑动变阻器R2：〔总阻值100Ω〕E电键S和导线假设干．〔1〕滑动变阻器选用__________；〔填R1或R2〕〔2〕在图1虚线框中将电压表连入实验电路中如图；〔3〕在U﹣I图中已画出七组实验数据所对应的坐标点，请根据这些点做出U﹣I图线〔如图2〕并由图线求出：E=__________V，r=__________Ω．12．有一个电阻R x，其阻值大约在40Ω～50Ω之间，现要进一步准确地测量其电阻，需测量多组数据，手边现有器材如下：电源E〔电动势12V，内阻为0.5Ω〕；电压表〔0～3～15V，内阻约为10kΩ〕；电流表〔0～0.6～3A，内阻约为1Ω〕；滑动变阻器R1〔阻值0～10Ω，额定电流2A〕；滑动变阻器R2〔阻值0～1750Ω，额定电流0.3A〕；开关S和导线假设干．〔1〕电压表的量程应选__________，电流表的量程应选__________，滑动变阻器应选用__________．〔2〕在虚线方框内画出实验电路图．〔3〕在实物图1中完成其余连线使之成为完整的实验电路．四、计算题〔此题有4小题，共45分要有必要的文字说明和解答步骤，有数值计算的要注明单位〕13．如下列图，在匀强电场中，电荷量q=5.0×10﹣10C的正电荷由a点移到b点和由a点移到c点，电场力做功都是3.0×10﹣8J．a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab=20cm，∠a=37°，∠c=90°，求：〔1〕a、b两点的电势差U ab；〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔2〕匀强电场的场强大小和方向．14．如下列图，两平行金属板带等量异号电荷，两板间距离为d，与水平方向成α角放置，一电量为+q、质量为m的带电小球恰沿水平直线从一板的端点向左运动到另一板的端点，求：〔1〕该电场的场强大小与小球运动的加速度大小〔2〕小球静止起从一板到达另一板所需时间．15．如下列图，质量为m=5×10﹣8kg的带电粒子以v0=2m/s的速度从水平放置的平行金属板A、B中央飞入电场，板长L=10cm，板间距离d=2cm，当A、B间加电压U AB=103 V时，带电粒子恰好沿直线穿过电场〔设此时A板电势高〕．求：〔1〕带电粒子的电性和所带电荷量；〔2〕A、B间所加电压在什么范围内带电粒子能从板间飞出？16．〔14分〕如下列图，在以坐标原点O为圆心，半径为R的半圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向垂直于xOy平面向里．一带正电的粒子〔不计重力〕从O点沿y轴正方向以某一速度射人，带电粒子恰好做匀速直线运动，经t0时间从P 点射出．〔1〕电场强度的大小和方向．〔2〕假设仅撤去磁场，带电粒子仍从O点以一样的速度射人，经时间恰从半圆形区域的边界射出，求粒子运动加速度大小〔3〕假设仅撤去电场，带电粒子仍从O点射入但速度为原来的4倍，求粒子在磁场中运动的时间．2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二〔上〕期中物理试卷一、单项选择题〔共6小题，每一小题5分，共30分，每一小题只有一项符合题目要求〕1．真空中有相距为r的两个点电荷A、B，它们之间相互作用的静电力为F，如果将A的带电量增加到原来的4倍，B的带电量不变，要使它们的静电力变为，如此它们的距离应当变为( )A．16r B．4r C．2r D．2r【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对于这两种情况下分别根据库仑定律列方程即可求解．【解答】解：当距离为r时有F=k①当距离变化后依据题意有=k②联立①②可得R=4r所以选B．【点评】正确理解库仑定律公式以与公式中各个物理量的含义是解此题关键，由于公式涉与物理量较多，因此常用两式相比的方法进展求解．2．关于磁感应强度B，如下说法中正确的答案是( )A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B．磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力方向一致C．在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D．在磁场中磁感线越密集的地方，B值越大【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力与电流元均无关．电流元所受磁场力是由左手定如此来确定，并根据磁感线的疏密来表示磁场的强弱【解答】解：AB、由安培力公式F=BIL，得B=，可知，磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况与安培力大小无关，故AB错误；C、当通电导线与磁场平行放置时，没有安培力，但不能肯定此处没有磁感应强度，故C错误；D、磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大，故D正确，应当选：D【点评】磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力与电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量与体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关3．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如下列图，A处点电荷带正电Q1，B处点电荷带负电Q2，且Q2＞Q1，另取可自由移动的点电荷Q3放在AB所在直线上，欲使整个系统处于平衡状态，如此( )A．Q3为负电荷，且放于A左方 B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为正电荷，且放于AB之间D．Q3为正电荷，且放于B右方【考点】库仑定律．【专题】定量思想；方程法；电场力与电势的性质专题．【分析】由于Q1带正电荷，Q2带负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使整个系统处于平衡状态，对其Q3受力分析，去判断所处的位置．【解答】解：假设Q3放在Q1Q2之间，那么Q1对Q3的电场力和Q2对Q3的电场力方向一样，Q3不能处于平衡状态，所以假设不成立．设Q3所在位置与Q1的距离为r13，Q3所在位置与Q2的距离为r23，要能处于平衡状态，所以Q1对Q3的电场力大小等于Q2对Q3的电场力大小．即：=由于Q2＞Q1，所以r23＞r13，所以Q3位于Q1的左方．根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断Q3带负电．应当选：A．【点评】我们可以去尝试假设Q3带正电或负电，根据平衡条件求解它应该放在什么地方，能不能使整个系统处于平衡状态，不行再继续判断．4．如下列图，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以( )A．适当减小磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度 D．使电流反向【考点】安培力；共点力平衡的条件与其应用；左手定如此．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定如此来确定安培力的方向．【解答】解：棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定如此可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，如此安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场应当选：C．【点评】学会区分左手定如此与右手定如此，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．5．如下列图，在真空中有两个带正电的点电荷，分别置于M、N两点．M处正电荷的电荷量大于N处正电荷的电荷量，A、B为M、N连线的中垂线上的两点．现将一负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点，在此过程中，如下说法正确的答案是( )A．q的电势能逐渐减小B．q的电势能逐渐增大C．q的电势能先增大后减小D．q的电势能先减小后增大【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】A、B为带正电的点电荷连线的中垂线上的两点，电场线从MN出发到无穷远终止，根据顺着电场线电势降低可知，A的电势高于B点的电势，将负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点，根据电场力做功的正负，判断其电势能的变化．【解答】解：由题分析可知，A的电势高于B点的电势，将负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点的过程中，电场力一直做负功，电荷的电势能逐渐增大．应当选B【点评】此题关键是判断出AB间电势的上下．此题也可以根据推论：负电荷在电势低处电势能大来判断电势能的变化．6．如下列图，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，如此电场强度的大小为( )A．200V/m B．200V/m C．100V/m D．100V/m【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在x轴上找一电势为3V的点，将该点与B点连接，该连线为等势线，求出OB沿电场线方向上的距离，根据E=求出电场强度的大小．【解答】解：OA的中点C的电势为3V，将C点与B点连接，如图，电场线与等势线垂直，根据几何关系得，BC=2cm，如此OB沿电场线方向上的距离d=．所以电场强度E=．故A正确，B、C、D错误．应当选A．【点评】解决此题的关键知道电场线与等势线垂直，掌握匀强电场的电场强度大小与电势差的关系，即E=，注意d是沿电场线方向上的距离．二、多项选择题〔共4小题，每一小题5分，共20分，每一小题给出的选项中有多项符合题目要求，选对不全得3分，见错无分〕7．如下列图，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是( )A．电源的输出功率为4W B．电源的输出功率为2WC．电源的效率约为33.3% D．电源的效率约为67%【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图象读出电动势，求出内阻．由电阻R的U﹣I图象求出电阻R，根据闭合电路欧姆定律求出用该电源和该电阻组成闭合电路时电路中电流和电源的输出电压，再求出电源的输出功率和效率．【解答】解：由a图线得到，电阻R==Ω=1Ω，由b图线得到，电源的电动势为E=3V，短路电流为I短=6A，内阻为r==Ω=0.5Ω，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为I==2A，路端电压为U=E﹣Ir=2V，如此电源的输出功率为P=UI=4W，电源的效率为η==≈67%．应当选：AD．【点评】此题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，其实两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，求出电源的输出功率．8．如下列图，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，电动机线圈电阻R M=1Ω，如此如下说法中正确的答案是( )A．通过电动机的电流为10A B．电动机的输入功率为18WC．电动机的热功率为4W D．电动机的输出功率为16W【考点】电功、电功率．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动机正常工作时的电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，而R和r是纯电阻，可以对R和r，运用用欧姆定律求电路中的电流；电动机输入功率 P入=UI，发热功率P热=I2R M，输出功率P出=P﹣P热．根据功率关系求出电动机输出的功率．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I〔r+R〕解得：I==2A，故A错误；B、电动机的输入功率：P入=UI=10×2=20W，电动机的热功率：P热=I2R M=22×1=4W，电动机的输出功率：P出=P﹣P热=UI﹣I2R M=10×2﹣22×1=16W，故B错误，CD正确；应当选：CD【点评】对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路．电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．9．平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是( )A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变【考点】闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析．【专题】恒定电流专题．【分析】电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，电阻R2、R1串联，根据欧姆定律分析电阻R2的电压，来分析电容器电量的变化．只减小a、b两极板间的距离，电容增大，电压不变，电量增大．【解答】解：A、B电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，U2=，当R1减小或R2增大时，电容器的电压增大，电量增加．故A错误，B正确．C、电路稳定后，电阻R3上无电压，电容器的电压与R3的阻值无关．故C错误．D、只减小a、b两极板间的距离，电容增大，电压不变，电量增加．故D正确．应当选BD【点评】此题是电容器的动态变化分析问题，关键抓住不变量．电容不变，关键分析电压变化；电压不变，关键分析电容如何变化．10．如图，空间有垂直于xoy平面的匀强磁场．t=0的时刻，一电子以速度v0经过x轴上的A 点，方向沿x轴正方向．A点坐标为〔﹣0.5R，0〕，其中R为电子在磁场中做圆周运动的轨道半径．不计重力影响，如此( )A．电子经过y轴时，速度大小仍为v0B．电子在t=时，第一次经过y轴C．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，R〕D．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，﹣R〕【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】由于电子做匀速圆周运动，故其过y轴的速度大小是不变的．由此知道A正确；又由数学几何知识，可以得到经过y轴上对应的坐标．可判定BC；由数学几何知识可以得到达到y轴这段的圆心角，由此可以求得运动时间，可判定D．【解答】解：A、由于电子做匀速圆周运动，自始至终速度都不变，故其过y轴的速度大小是不变的．速度大小仍为v0 故A正确B、由几何知识可知，AB段的圆心角为：sinθ==，知θ=，故其运动时间为：t=T=×=，故B正确；C、由左手定如此可以知道，电子往下偏做圆周运动，电子在磁场的运动轨迹如图：由数学几何知识可知：AC=O′A﹣O′C=R﹣=R，故电子第一次经过y轴的坐标为〔0，﹣R〕，故C错误D正确；应当选：ABD．【点评】此题重点是要画出运动轨迹图，其余就是以几何关系来分析坐标，圆心角，等问题了，带点例子在磁场中的运动很多时候都是数学的几何问题占重要地位，能不能画出轨迹，找到圆心，是这类题成败关键．三、实验题〔有2小题，共15分〕11．用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的器材有：A．电压表：0～3～15VB．电流表Ⓐ：0～0.6～3AC．滑动变阻器R1：〔总阻值20Ω〕D．滑动变阻器R2：〔总阻值100Ω〕E电键S和导线假设干．〔1〕滑动变阻器选用R1；〔填R1或R2〕〔2〕在图1虚线框中将电压表连入实验电路中如图；〔3〕在U﹣I图中已画出七组实验数据所对应的坐标点，请根据这些点做出U﹣I图线〔如图2〕并由图线求出：E=1.47V，r=0.75Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题．【分析】〔1〕为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器．〔2〕根据坐标系内描出的点作出图象．〔3〕根据图示图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：〔1〕为方便实验操作滑动变阻器应选择R1；〔2〕根据坐标系内描出的点作出图象如下列图：〔3〕由图示电源U﹣I图象可知，电源电动势：E=1.47V，电源内阻：r==≈0.75Ω；故答案为：〔1〕R1；〔2〕如下列图；〔3〕1.47；0.75．【点评】要掌握描点法作图的方向，会根据电源的U﹣I图象求电源的电动势与内阻．注意要结合公式理解图象的斜率与截距的含义．12．有一个电阻R x，其阻值大约在40Ω～50Ω之间，现要进一步准确地测量其电阻，需测量多组数据，手边现有器材如下：电源E〔电动势12V，内阻为0.5Ω〕；电压表〔0～3～15V，内阻约为10kΩ〕；电流表〔0～0.6～3A，内阻约为1Ω〕；滑动变阻器R1〔阻值0～10Ω，额定电流2A〕；滑动变阻器R2〔阻值0～1750Ω，额定电流0.3A〕；开关S和导线假设干．〔1〕电压表的量程应选0～15V，电流表的量程应选0～0.6A，滑动变阻器应选用R1．〔2〕在虚线方框内画出实验电路图．〔3〕在实物图1中完成其余连线使之成为完整的实验电路．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】此题的关键是首先根据电源电动势的大小选择电压表的量程，然后根据欧姆定律求出通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；题〔2〕的关键是根据与R v R A大小关系说明电流表应采用外接法，根据电流表能读数的最小电流和闭合电路欧姆定律求出电路中的最大电阻，说明滑动变阻器可以采用限流式或分压式．【解答】解：〔1〕由于电源的电动势为12V，所以电压表应选15V量程；根据I=可得，通过待测电阻的最大电流为：=0.3A，所以电流表应选0.6A的量程；根据闭合电路欧姆定律电路和电流表最小读数，可求出电路中需要的最大电阻为：R==Ω=60Ω，由于待测电阻电阻为40～50，所以滑动变阻器应用R1〔2〕由上面分析可知滑动变阻器可以采用限流式接法，也可以采用分压式接法，由于满足＜R v R A，所以电流表应用外接法，电路图如下列图：故答案为：〔1〕0～15V0～0.6AR1【点评】要通过电路的估算来选择电表的量程；注意伏安法测电阻时电流表内外接法的选择方法，以与变阻器采用分压式接法和限流式接法的选择原如此．四、计算题〔此题有4小题，共45分要有必要的文字说明和解答步骤，有数值计算的要注明单位〕13．如下列图，在匀强电场中，电荷量q=5.0×10﹣10C的正电荷由a点移到b点和由a点移到c点，电场力做功都是3.0×10﹣8J．a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab=20cm，∠a=37°，∠c=90°，求：〔1〕a、b两点的电势差U ab；〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔2〕匀强电场的场强大小和方向．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据公式求解电势差，根据公式U=Ed求解电场强度．【解答】解：在匀强电场中，电荷量q=5.0×10﹣10C的正电荷，由a点移到b点，静电力做功都是3.0×10﹣8J，故a、b两点的电势差U ab为：==60V正电荷由a点移到b点和由a点移到c点静电力做功一样，故bc在等势面上，故电场强度方向垂直bc向右；根据公式U=Ed，电场强度为：E===375V/m方向沿ac垂直指向bc答：〔1〕a、b两点的电势差U ab为60V；〔2〕匀强电场的场强大小为375V/m，方向为沿ac垂直指向bc．【点评】此题关键是明确电势差的定义和匀强电场中电势差与电场强度的关系公式，根底题．14．如下列图，两平行金属板带等量异号电荷，两板间距离为d，与水平方向成α角放置，一电量为+q、质量为m的带电小球恰沿水平直线从一板的端点向左运动到另一板的端点，求：〔1〕该电场的场强大小与小球运动的加速度大小〔2〕小球静止起从一板到达另一板所需时间．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带电粒子做的是直线运动，说明合力与速度在同一直线上，分析受力可知粒子受电场力的方向与其大小，由牛顿第二定律可得求出加速度的大小；由几何知识求解水平运动距离，然后结合运动学公式s=at2可以求解运动时间．【解答】解：〔1〕带电小球恰沿水平直线运动，故电场力和重力的合力在水平方向，由平行四边形定制可知F合=mgtanα；故小球运动的加速度大小a==gtanα；在竖直方向上合外力为零，故qE=，故电场的场强大小E=；〔2〕小球从一板到达另一板运动的距离s=①；小球由静止开始匀加速直线运动，即s=at2②；由①②可得：t=；答：〔1〕该电场的场强大小为；小球运动的加速度大小为gtanα；〔2〕小球静止起从一板到达另一板所需时间t=．【点评】此题的突破点在于粒子做直线运动，故应根据力与运动的关系确定出粒子的受力情况．15．如下列图，质量为m=5×10﹣8kg的带电粒子以v0=2m/s的速度从水平放置的平行金属板A、B中央飞入电场，板长L=10cm，板间距离d=2cm，当A、B间加电压U AB=103 V时，带电粒子恰好沿直线穿过电场〔设此时A板电势高〕．求：〔1〕带电粒子的电性和所带电荷量；〔2〕A、B间所加电压在什么范围内带电粒子能从板间飞出？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】〔1〕根据电场力等于重力，如此可确定电荷的电量与电性；〔2〕当电场力大于重力时，根据牛顿第二定律与运动学公式可求出对应的电压；当电场力小于重力时，同理可求出对应的电压．从而确定电压的范围．【解答】解：〔1〕当U AB=103 V时，粒子做直线运动，如此有：q=mg，。
2015—2016学年度上学期期末考试高二年级物理科试卷参考答案及评分标准
2015—2016学年度上学期期末考试高二年级物理科试卷参考答案及评分标准二、填空题13．(1)交流电 (2)软磁性材料 14．(1)向左偏 (2)穿过闭合回路的磁通量变化时会产生感应电流，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量变化 15．①如右图所示②4.5 1.0 ③0 三、解答题 16．解：估算流过电阻丝的电流为I ＝E R ＋r ＝430＋10A ＝100 mA ，远远大于电容器上的充放电电流．(2分) 当P 移动Δx 时，电容器上电压的变化为ΔU ，ΔU ＝I ΔR 其充放电电流I C ＝ΔQ t ＝C ·ΔU t ＝CER (R ＋r )·L ·又v ＝Δxt ，所以v ＝I C (R ＋r )L CER＝0.1 m/s(2分)又因为I C 由N 流向M ，电容器放电，P 右移，物体移动方向向右．(1分)17．解：(1)金属棒先做加速度减小的加速运动，最后以v t ＝7 m/s 的速度(由图象乙中数据可知)匀速下落．由功率定义得重力对金属棒ab 做功的功率P G ＝mgv t ＝0.01×10×7 W ＝0.7 W ．(3分) (2)在0～1.5 s 内回路中产生的总热量为Q ，根据能量守恒有mgh ＝Q ＋12mv 2t 解得Q ＝0.455 J电阻R 上产生的热量Q R ＝RR ＋rQ ＝0.26 J ．(5分)(3)当金属棒匀速下落时，有mg ＝BIL 金属棒产生的感应电动势E ＝BLv t 则电路中的电流I 为 I ＝BLv tR ＋r 代入数据解得B ＝0.1 T ．(4分)18．解：(1)因小球在复合场中做匀速圆周运动，故有qE ＝mg 代入数据解得：E ＝10 N/C 场强方向竖直向下．(3分)(3)因为粒子的速度方向与半径方向垂直，所以圆心必在AC 所在的竖直线上． 小球与AC 碰撞1次，有：(3R －h )2＋L 2＝R 2 解得：R 1＝3 m ，R 2＝3.75 m (4分) 小球与AC 碰撞2次，无解．(1分)图中①的运动时间大于②运动的54T ． sin α＝L R 2＝33.75＝。
湖北省长阳县第一高级中学高二物理上学期第一次月考试题
长阳一中2016-2017学年度第一学期第一次月考高二物理试卷时间：90分钟 总分：110分一、选择题（1--8小题，每小题只有一个正确答案。
9—12题在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．每小题4分，共48分） 1．关于静电场。
下列说法正确的是：（ ）A.场强为零区域，电势一定为零B.场强处处相等的区域，电势也处处相等C.电势降低的方向一定是场强的方向D.同一电场中等差等势面分布密的地方，场强一定较大2．分别测量两个电池的路端电压和电流，得到如图所示的a 、b 两条U-I 图线，比较两图线，可得出结论（ ） A ．a 电池的电动势较小、内阻较大 B ．a 电池的电动势较大、内阻较大 C ．b 电池的电动势较大、内阻较小 D ．b 电池的电动势较小、内阻较大3．如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P 向左移动，则( ) A ．电容器中的电场强度将增大 B ．电容器上的电荷量将减少 C ．电容器的电容将减小 D ．液滴将向上运动4．如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为+Q ．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个等势面．有两个一价离子M 、N （不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a 点以相同的速率v 0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb 和aqc ，其中p 、q 分别是它们离固定点电荷最近的位置．①M 一定是正离子，N 一定是负离子．②M 在p 点的速率一定大于N 在q 点的速率．③M 在b 点的速率一定大于N 在c 点的速率．④M 从p →b 过程电势能的增量一定小于N 从a →q 电势能的增量．以上说法中正确的是（ ）A.只有①③B.只有②④C.只有①④D.只有②③5．在研究微型电动机的性能时，可采用图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R ，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A 和1.0 V ；重新调 节R ，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A 和 15.0V 。
2015-2016学年高二上学期期末考试物理试题 Word版含答案
2015-2016学年度上学期高二期末测试高二物理一．单项选择题（每题4分，共40分）1．如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b 与电池相连，在距离两板等远的M点有一个带电液滴处于静止状态。
若b板不动，将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是（）A．液滴将加速向下运动B．M点电势升高，液滴在M点时电势能将减小C．M点的电场强度变小了D．在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功不相同2．在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向 b端移动时：（）A．伏特表 V读数增大,电容C的电荷量在减小B．安培表A的读数增大，电容C的电荷量在增大C．伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小D．伏特表V的读数减小，安培表A的读数增大3．三根通电长直导线P、Q、R互相平行、垂直纸面放置。
三根导线中电流方向均垂直纸面向里，且每两根导线间的距离均相等。
则P、Q中点O处的磁感应强度方向为（）A．方向水平向左B. 方向水平向右C. 方向竖直向上D. 方向竖直向下4．如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源的内电阻，以下说法中不正确的是（）A．当R2=Rl + r时，R2上获得最大功率B．当Rl=R2 + r时，Rl上获得最大功率C．当R2=O时Rl上获得功率一定最大D．当R2=O时，电源的输出功率可能最大5．虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面。
两个带电粒子M、N（重力忽略不计，也不考虑两粒子间的相互作用）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN 和NQM 所示。
已知M 是带正电的粒子，则下列说法中正确的是（ ） A ．N 一定也带正电B ．a 处的电势高于b 处的电势，a 处的电场强度大于b 处的电场强度C ．带电粒子N 的动能减小，电势能增大D ．带电粒子N 的动能增大，电势能减小6．如图所示是一个电路的一部分，其中R 1=5Ω，R 2=1Ω, R 3=3Ω,I 1=0.2A, I 2=0.1A,那么电流表测得的电流为（ ） A.0.2A ，方向向右 B.0.15A ，方向向左 C.0.2A ，方向向左 D. 0.3A ，方向向右7.如图所示,两个半径相同的半圆形轨道分别竖直放在匀强电场和匀强磁场中,轨道两端在同一高度上,轨道是光滑的而且绝缘,两个相同的带正电小球同时从两轨道左端最高点由静止释放,a 、b 为轨道的最低点,则不正确．．．的是（ ）A.两小球到达轨道最低点的速度V a ＞V bB.两小球到达轨道最低点时对轨道的压力F a ＞F b13．（8分）光滑的金属导轨相互平行，它们在平面与水平面夹角为45°，磁感应强度为B=0.5T 的匀强磁场竖直向上穿过导轨，此时导轨上放一重0.1N 电阻R ab =0.2Ω的金属棒，导轨间距L=0.4m,，导轨中所接电源的电动势为6V,内阻0.5Ω，其它的电阻不计，则欲使金属棒在导轨上保持静止，电阻R 应为多大？ab BR45°14．（10分）如图所示，y轴上A点距坐标原点的距离为L，坐标平面内有边界过A点和坐标原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直坐标平面向里。
湖北省长阳一中高二物理上学期第一次月考试题(无答案)
长阳一中2015-2016学年度第一学期第一次月考高二物理试题考试时间：90分钟 满分：110分一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，1-7小题只有一个选项正确，8-10小题有多个选项正确)1．有三个相同的金属小球A 、B 、C ，其中A 、B 两球带电情况相同，C 球不带电．将A 、B 两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F ，若使C 球先和A 接触，再与B 接触，移去C ，则A 、B 间的库仑力变为 A ．2/F B ．4/F C ．8/3F D ．10/F 2．在右图中，AB 间的电压为30V ，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变CD 间的 电压，则U CD 的变化范围是A ．0～10VB ．0～20VC ．10～20VD ．20～30V3. 家庭用的电吹风机中，有一个小电动机和与它串联的一段电热丝。
电热丝给空气加热，电动机带动风叶转动，送出热风将头发吹干。
设电动机线圈的电阻为R 1，电热丝的电阻为R 2。
将电吹风机接到电源上，电源输出电压为U ，输出电流为I ，电吹风机消耗的电功率为P 。
某同学得出如下结论：①P ＝UI ；②212U P R R =+；③P ＝I 2(R 1＋R 2)；④P ＞I 2(R 1＋R 2)。
正确的结论有A ．只有①②③B ．只有②④C ．只有②③D ．只有①④4．在如图各电场中，A 、B 两点电场强度相同的是5．如图所示，电场中有A 、B 两点，则下列说法中正确的是A ．电势φA ＜φB 场强EA ＜EB B ．电势φA> φB 场强EA >EBC ．将+q 由A 点移到B 点，电场力做正功D ．将-q 分别放在A 、B 两点时具有电势能E pA >E pB6．如图所示的实验装置中，极板A 接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接。
将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E不变D．Q不变，C变小，U变大，E变小7. 电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是A．电压表和电流表读数都增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表读数增大，电流表读数减小D．电压表读数减小，电流表读数增大8．在如图所示的U－I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5 ΩB．电阻R的阻值为1ΩC．电源的输出功率为2 WD．电源的效率为66.7%9．在两个等量同种点电荷的连线上，有与连线中点O等距的两点a、b，如图所示，则下列判断正确的是A．a、b两点的场强矢量相同B．a、b两点的电势相同C．a、O两点间与b、O两点间的电势差相同D．同一电荷放在a、b两点的电势能相同10．有三个质量相等，分别带正电，负电和不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强射入，分别落到极板A、B、C处，如图所示，则正确的有A．三个粒子在电场中运动的加速度a A＜a B＜a CB．粒子A带正电，B不带电，C带负电C．三个粒子在电场中运动时间相等D．三个粒子到这极板时动能E k A＞E k B＞E k C二、填空题（本题共2小题，11小题8分，12小题8分共16分。
2016.1第一学期期末教学质量监测高二物理答案(定稿)
2015—2016学年第一学期期末教学质量检测高二物理答案一．单项选择题(8小题，共24分；在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，选对的得3分，选错或不答的得0分)二．多项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）三．实验题，本题共2小题，共14分．15．（6分）（1）50.10（1分，50.08~50.12） 5.845（2分，5.843~5.848） （2）×10（1分） 欧姆调零（1分） 130（1分） 16．（8分）（1）1.14（1分，1.13~1.15） 0.12（1分） （2）如右图所示（2分） 3.0（1分，2.9~3.1） （3）1.5（2分） 1.0（1分，0.90~1.1）四．计算题，本题共3小题，共38分．17．（12分）解：（1）（6分）带电粒子恰好沿直线穿过板间，说明所受电场力竖直向上，板间电场方向竖直向下，故A 板电势高于B 板电势．（1分） 设板间电场强度为E ，由平衡条件，有：mg =Eq ①（1分）由场强与电势差的关系式：U AB =Ed ②（1分） ①②式联立，代入数值，得：U AB =1.0×103V ③（1分）因为ABA B U ϕϕ=-，B 0ϕ= ④（1分） 所以3A 1.010V ϕ=⨯ （1分）（2）（6分）若带电粒子恰好打到A 极板上的中点，粒子作类平抛运动，设其加速度为a ，有： 02Lv t = ⑤（1分）2122d at = ⑥（1分） 设板间电场强度为E′，由牛顿第二定律，有： E q m g ma '-=⑦（1分） U′AB = E′d ⑧（1分）⑤~⑧式联立，代入数值，得：3AB4.210V U '=⨯（2分） 18．（10分）解：（1）（3分）根据左手定则可知（1分），磁场的方向竖直向上（2分）。
（2）（7分）设导体棒所受最大静摩擦力为f ，导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ，有 f =μmg ①（1分）由图乙，当导体棒中的电流I 1=2.0A 时，导体棒所受安培力恰好等于最大静摩擦力，设磁感应强度的大小为B ，有： B I 1L =f ②（2分）当导体棒中的电流I 2=4.0A 时，导体a =0.50m/s 2，根据牛顿第二定律，得： B I 2L -f = ma ③（2分）①②③式联立，代入数值，得：μ= 0.05，B = 0.25 T （2分）解法二：设导体棒所受最大静摩擦力为f ，导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ，有 f =μmg ①（1分） 设磁感应强度的大小为B ，根据牛顿第二定律，有： BIL -f = ma ②（1分） ①②联立，可得：BLa I g mμ=⋅- ③（1分） ③式说明导体棒加速运动时，其加速度与棒中电流I 成一次函数关系，斜率BLk m=，纵截距b = -μg ④（1分） 由图乙可知：21210.5000.254.0 2.m s A m s 0A k ----⋅⋅==⋅-⋅-，b =-0.05m/s 2（1分）代入④，得：μ= 0.05，B = 0.25 T （2分）19．（14分）（1）设粒子过Q 点时速度的大小为v ，对P →Q 过程，由动能定理得2122Eq d mv ⋅=①解得：v = ② 方向与+x 方向成θ＝45°（2）设粒子做圆周运动的半径为R 1，粒子在第一象限的运动轨迹如图所示，O 1为圆心，由几何关系可知△O 1OQ 为等腰直角三角形，得 R 1＝2d ③由牛顿第二定律得qvB 0＝21v m R ④联立②③④式得0B =（3）设粒子做圆周运动的半径为R 2，粒子运动的轨迹如图所示，由几何分析可知，粒子在第一、第三象限的轨迹均为半圆，得R 2＝d ⑤ 粒子在第二、第四象限的轨迹为长度相等的线段，得 FG ＝PQ ＝2R 2 ⑥ 设粒子相邻两次经过Q 点所用的时间为t ，则有22FG PQ R t vπ++=⑦联立②⑤⑥⑦式得： t ＝(2＋π)。
(新课标)2015-2016学年高二上学期期末考试物理试卷
2015-2016学年度上学期（期末）考试高二物理试题【新课标】试卷说明:本试卷满分110分，答题时间90分钟。
请将答案填涂在答题卡上。
一、单项选择题：共7小题，每小题只有一个答案，每题5分，共35分。
1．下列装置没用到带电粒子在磁场中发生偏转的原理的是（）(A)磁流体发电机(B)回旋加速器 (C)电视显像管 (D)示波管2．有Ⅰ、Ⅱ两根不同材料的电阻丝，长度之比为L1∶L2＝1∶5，横截面积之比为S1∶S2＝2∶3，电阻之比为R1∶R2＝2∶5，则它们的电阻率之比为( )(A)2∶3(B) 3∶4(C) 4∶3(D)8∶33．如图所示，电源的电动势为30 V，内电阻忽略不计，一个“6V,12 W”的电灯与一个绕线电阻为2Ω的电动机串联。
已知电路中的电灯正常发光，则电动机输出的机械功率为( )(A)36 W (B)40 W (C)48 W (D)60 W4．如图所示，把一个装有导电溶液的圆形玻璃器皿放入磁场中，玻璃器皿的中心放一个圆柱形电极B，与电池的正极相连；沿器皿边缘内壁放一个圆环形电极A，与电池的负极相连。
从器皿上方往下看（俯视），对于导电溶液和溶液中正、负离子的运动，下列说法中正确的是（）（A）溶液做逆时针方向运动（B）溶液做顺时针方向运动（C）正离子沿圆形玻璃器皿的半径向边缘移动（D）负离子沿圆形玻璃器皿的半径向中心移动5．现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如下图连接。
在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端P向左加速滑动时，电流计指针向右偏转。
由此可以推断（）(A)线圈A向上移动或滑动变阻器的滑动端P向右加速滑动，都能引起电流计指针向左偏转(B)线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起电流计指针向右偏转(C)滑动变阻器的滑动端P匀速向左或匀速向右滑动，都能使电流计指针静止在中央(D)因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断电流计指针偏转的方向6．静止在光滑水平面上的条形磁铁左端和轻弹簧连接，轻弹簧的另一端固定在墙上，在条形磁铁的上方偏右位置（如图）固定有通电直导线，电流垂直纸面向内，下列说法正确的是（）（A）弹簧被压缩，磁铁对水平面的压力变小（B）弹簧被压缩，磁铁对水平面的压力变大（C）弹簧被拉长，磁铁对水平面的压力变小（D）弹簧被拉长，磁铁对水平面的压力变大7．如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，恰好沿下板边缘飞出。
湖北省长阳县第一高级中学高二物理上学期第一次月考试题
长阳一中2016-2017学年度第一学期第一次月考高二物理试卷时间：90分钟 总分：110分一、选择题（1--8小题，每小题只有一个正确答案。
9—12题在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．每小题4分，共48分） 1．关于静电场。
下列说法正确的是：（ ）A.场强为零区域，电势一定为零B.场强处处相等的区域，电势也处处相等C.电势降低的方向一定是场强的方向D.同一电场中等差等势面分布密的地方，场强一定较大2．分别测量两个电池的路端电压和电流，得到如图所示的a 、b 两条U-I 图线，比较两图线，可得出结论（ ） A ．a 电池的电动势较小、内阻较大 B ．a 电池的电动势较大、内阻较大 C ．b 电池的电动势较大、内阻较小 D ．b 电池的电动势较小、内阻较大3．如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P 向左移动，则( ) A ．电容器中的电场强度将增大 B ．电容器上的电荷量将减少 C ．电容器的电容将减小 D ．液滴将向上运动4．如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为+Q ．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个等势面．有两个一价离子M 、N （不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a 点以相同的速率v 0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb 和aqc ，其中p 、q 分别是它们离固定点电荷最近的位置．①M 一定是正离子，N 一定是负离子．②M 在p 点的速率一定大于N 在q 点的速率．③M 在b 点的速率一定大于N 在c 点的速率．④M 从p →b 过程电势能的增量一定小于N 从a →q 电势能的增量．以上说法中正确的是（ ）A.只有①③B.只有②④C.只有①④D.只有②③5．在研究微型电动机的性能时，可采用图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R ，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A 和1.0 V ；重新调 节R ，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A 和 15.0V 。
湖北省长阳县第一高级中学高二物理上学期期末考试试题(无答案)
2016～2017学年上学期高二期末考试物理试题考试时间：90分钟 总分：110分一、选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分。
1～6题只有一个选项正确；7～10题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
）1．在同一地点，甲、乙两个物体沿同一方向作直线运动的速度一时间图象如下图所示，则在图中所示时间内 ( )A ．两物体相遇的时刻是2s 和6sB ．乙物体先向正方向运动2s ，之后向负方向运动C ．两物体相距最远的时刻是2s 时刻D ．4s 后甲在乙前面2．如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火,使其沿椭圆轨道2运行,最后再次点火,将卫星送入同步轨道3.轨道1、2相切于Q 点，轨道2、3相切于P 点（如图所示）。
则当卫星分别在1、2、3轨道正常运行时，以下说法正确的是（ ） ①卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率； ②卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度③卫星在轨道1上的经过Q 点时的加速度大于它在轨道2上经过Q 点时的加速度④卫星在轨道2上的经过P 点时的加速度等于它在轨道3上经过P 点时的加速度A. ①③B. ②③C. ②④D. ①④3．如图所示，表面光滑的固定斜面顶端安装一个定滑轮，小物块A 、B 用轻绳连接并跨过定滑轮(不计滑轮的质量和一切摩擦)。
初始时刻，用手按住物块B 使A 、B 处于静止状态。
松手后A 下落、B 沿斜面上滑。
则从松手到物块A 着地前的瞬间( ) A ．由于绳子的拉力做功，所以以A 、B 为系统机械能不守恒B ．轻绳对物块B 做的功等于物块B 的机械能增加量 C ．物块A 的重力势能的减少量等于物块A 和B 的动能增加量D ．物块A 的机械能与物块B 的重力势能之和是增加的4. 如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地，在两极板间有一个固定在P 点的点电荷，以E 表示两板间的电场强度，p E 表示点电荷在P 点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。
湖北省宜昌市长阳县高二物理上学期期末考试试题
长阳一中2017-2018学年度第一学期期末考试高二物理试卷考试时间：90分钟试卷总分：110分一．选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．在物理学发展过程中，许多科学家做出了杰出的贡献，下列说法正确的是A．安培提出了磁场对运动电荷的作用力公式B．奥斯特总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律C．法拉第通过大量的实验研究，发现了电磁感应现象D．库仑首先发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系2．在电磁感应现象中，下列说法正确的是A．感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反B．闭合线框放在变化的磁场中一定能产生感应电流C．闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定产生感应电流D．感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化3．在右图中，实线和虚线分别表示等量异种点电荷的电场线和等势线，P和Q为等量异种电荷连线的中垂线上的两点，则下列有关P 、Q两点的相关说法中正确的是A．P点电场强度等于Q点电场强度B．P点电场强度大于Q点电场强度C．Q点的电势小于P点电势D．Q点的电势等于P点电势4．如图所示，闭合圆形导线圈平行地放置在匀强磁场中，其中ac、bd分别是平行、垂直于磁场方向的两直径，试分析线圈做以下哪种运动时能产生感应电流A．使线圈以ac为轴转动B．使线圈以bd为轴稍作转动C．使线圈在纸面内平动或转动D ．使线圈平面沿垂直纸面方向向纸外平动5．如图所示，电感线圈L 的自感系数足够大，但其自身的电阻几乎为0，A和B 是两个完全相同的小灯泡，则下列说法正确的是 A ．开关S 闭合瞬间，B 灯先亮，A 灯逐渐亮 B ．开关S 闭合瞬间，A 灯先亮，B 灯逐渐亮 C ．开关S 断开瞬间，A 、B 灯同时熄灭D ．开关S 断开瞬间，B 灯亮一下才熄灭，A 灯立即熄灭6．两个分别带有电荷量-Q 和+5Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ，两小球相互接触后将其固定距离变为r/2，则两小球间的库仑力的大小变为原来F 的 A ．5/16B ．16/5C ．4/5D ．5/47．如图所示，处在磁感应强度为B 的匀强磁场中的单匝矩形线圈abcd ，以恒定的角速度ω绕ab 边转动，磁场方向垂直于纸面向里，线圈所围面积为S ，线圈导线的总电阻为R ，t=0时刻线圈平面与纸面重合，且cd 边正在离开纸面向外运动。
湖北省宜昌市长阳一中2015-2016学年高二上学期期末物理试卷及答案
2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二（上）期末物理试卷一、选择题（每小题5分，共50分．其中1-6题为单选题，7-10题为多选题，选对选全得5分，选对不选全得3分，有选错的得0分．）1．如图所示，一圆环上均匀分布着负电荷，x轴垂直于环面且过圆心O．下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是（）A．O点的电场强度为零，电势最高B．O点的电场强度为零，电势最低C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低2．如图所示，A、B、C是等边三角形的三个顶点，O是A、B连线的中点．以O为坐标原点，A、B连线为x轴，O、C连线为y轴，建立坐标系．过A、B、C、O四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等、方向向里的电流．则过O点的通电直导线所受安培力的方向为（）A．沿y轴正方向 B．沿y轴负方向 C．沿x轴正方向 D．沿x轴负方向3．a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星．其中a、c的轨道相交于P，b、d在同一个圆轨道上，b、c轨道在同一平面上．某时刻四颗卫星的运行方向及位置如图示．下列说法中正确的是（）A．a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度B．b、c的角速度大小相等，且小于a的角速度C．a、c的线速度大小相等，且小于d的线速度D．a、c存在在P点相撞危险4．如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大5．在水平面上有一个小物块质量为m，从某点给它一个初速度，沿水平面做匀减速直线运动，经过A，B，C三点到O点速度为零．A，B，C三点到O点距离分别为s1、s2、s3时间分别为t1、t2、t3下列结论正确的是（）A．==B．＜＜C．==D．＜＜6．如图所示，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示．已知M是带正电的带电粒子．则下列说法中正确的是（）A．N一定也带正电B．a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C．带电粒子M的动能减小，电势能增大D．带电粒子N的动能增大，电势能减小7．有一种手电筒和台式电子钟都是使用1节干电池工作的．将新电池装在手电筒中，使用较长时间后，当手电筒的小灯泡只能发出微弱的光而不能正常使用时，把电池取出来，用电压表测其两端电压，电压表示数略小于1.5V．把这节旧电池装在台式电子钟内仍能使电子钟正常工作．则下列说法中正确的是（）A．旧电池的电动势比新电池的电动势小了许多B．旧电池的内电阻比新电池的内电阻大很多C．台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压小D．台式电子钟正常工作时的电流一定比手电筒正常工作时的电流小8．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源内阻的电压变大9．如图所示，水平放置的U形框架上接一个阻值为R0的电阻，放在垂直纸面向里的，磁感应强度大小为B的匀强磁场中，一个半径为L，质量为m的半圆形硬导体AC在水平向右的恒定拉力F作用下，由静止开始运动距离d后速度达到v，半圆形硬导体AC的电阻为r，其余电阻不计，下列说法正确的是（）A．此时AC两端电压为U AC=2BLvB．此时AC两端电压为U AC=C．此过程中电路产生的电热为Q=Fd﹣D．此过程中通过电阻R0的电荷量为q=10．如图所示，虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场（实线为电场线），有一个带正电小球（电量为+q，质量为m）从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下，那么，带电小球可能沿直线通过下列的哪些电磁混合场（）A．B．C．D．二、实验题（11题6分，12题10分，共16分）11．2013年12月14日晚上9点14分左右嫦娥三号月球探测器平稳降落在月球虹湾，并在4分钟后展开太阳能电池帆板．这是中国航天器第一次在地外天体成功软着陆，中国成为继美国、前苏联之后第三个实现月面软着陆的国家．太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时（没有储存电能）的I﹣U特性．所用的器材包括：太阳能电池，电源E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，开关S及导线若干．（1）为了达到上述目的，应选用图1中的哪个电路图：（填“甲”或“乙”）．（2）该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图2所示的I﹣U图象．由图可知，当电压小于2.0V时，太阳能电池的电阻（填“很大”或“很小”）；当电压为2.8V 时，太阳能电池的电阻约为Ω．（保留两位有效数字）12．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A．干电池E（电动势约为1.5V、内电阻大约为1.0Ω）B．电压表V（0～15V）C．电流表A（0～0.6A、内阻0.1Ω）D．电流表G（满偏电流3mA、内阻R g=10Ω）E．滑动变阻器R1（0～10Ω、10A）F．滑动变阻器R2（0～100Ω、1A）G．定值电阻R3=990ΩH．开关、导线若干（1）为了方便且能较准确地进行测量，其中应选用的滑动变阻器是（填写“R1”或“R2”）；（2）请在线框内画出你所设计的实验电路图，并在图中标上所选用器材的符号（3）图示为某一同学根据他设计的实验，绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由图线可求得被测电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．三、计算题（8分+10分+12分+14分=44分）13．一种测量血管中血流速度的仪器原理如图所示，在动脉血管两侧分别安装电极并加有磁场．设血管直径是2.0mm，磁场的磁感应强度为0.080T，电压表测出的电压为0.10mV，求血流速度的大小．14．如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U0，电容器板长和板间距离均为L=10cm，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离也是L=10cm，在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示．（每个电子穿过平行板的时间都极短，可以认为电压是不变的）求：（1）在t=0.06s时刻进入电容器中的电子，经电容器中的电场偏转后的侧移量y；（2）电容器上的电压多大时，电子恰从电容器极板右端边缘射出，此种情形下电子打到荧光屏上距图中荧光屏上的O点的距离是多大？15．如图所示，一质量为m=1kg的可视为质点的滑块，放在光滑的水平平台上，平台的左端与水平传送带相接，传送带以v=2m/s的速度沿顺时针方向匀速转动（传送带不打滑），现将滑块缓慢向右压缩轻弹簧，轻弹簧的原长小于平台的长度，滑块静止时弹簧的弹性势能为E P=4.5J，若突然释放滑块，滑块向左滑上传送带．已知滑块与传送带的动摩擦因数为μ=0.2，传送带足够长，g=10m/s2．求：（1）滑块第一次从滑上传送带到离开传送带所经历的时间；（2）滑块第一次从滑上传送带到离开传送带由于摩擦产生的热量．16．如图所示，在半径为R=的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B，圆形区域右侧有一竖直感光板，从圆弧顶点P以速率v0的带正电粒子平行于纸面进入磁场，已知粒子的质量为m，电量为q，粒子重力不计．（1）若粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；（2）若粒子对准圆心射入，且速率为v0，求它打到感光板上时速度的垂直分量；（3）若粒子以速度v0从P点以任意角入射，试证明它离开磁场后均垂直打在感光板上．2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题5分，共50分．其中1-6题为单选题，7-10题为多选题，选对选全得5分，选对不选全得3分，有选错的得0分．）1．如图所示，一圆环上均匀分布着负电荷，x轴垂直于环面且过圆心O．下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是（）A．O点的电场强度为零，电势最高B．O点的电场强度为零，电势最低C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】圆环上均匀分布着负电荷，根据电场的叠加和对称性，分析O点的场强．根据电场的叠加原理分析x轴上电场强度的方向，即可判断电势的高低．【解答】解：AB、圆环上均匀分布着负电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷产生的电场强度在x轴有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴上电场强度方向向左，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x轴上O 点的电势最低，故A错误，B正确；CD、O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小．x轴上电场强度方向向左，电势升高，故C错误，D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．2．如图所示，A、B、C是等边三角形的三个顶点，O是A、B连线的中点．以O为坐标原点，A、B连线为x轴，O、C连线为y轴，建立坐标系．过A、B、C、O四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等、方向向里的电流．则过O点的通电直导线所受安培力的方向为（）A．沿y轴正方向 B．沿y轴负方向 C．沿x轴正方向 D．沿x轴负方向【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；左手定则．【分析】通电导线在磁场中受到安培力，方向是由左手定则可确定，而通电导线与通电导线间的安培力由通电导线周围存在磁场是由安培定则来确定，则对放入其中的通电导线有安培力作用，从而由安培力的叠加可确定其方向．【解答】解：等边三角形的三个顶点A、B、C处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流．由安培定则可得：导线A、B的电流在O处的合磁场为零，则只有在C处的电流产生磁场对O点通电导线有安培力作用．再由左手定则可得：安培力的方向是与AB边垂直，沿着y轴的正方向．故A正确，BCD 错误；故选：A【点评】从题中可得这一规律：通电导线的电流方向相同时，则两导线相互吸引；当通电导线的电流方向相反时，则两导线相互排斥．3．a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星．其中a、c的轨道相交于P，b、d在同一个圆轨道上，b、c轨道在同一平面上．某时刻四颗卫星的运行方向及位置如图示．下列说法中正确的是（）A．a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度B．b、c的角速度大小相等，且小于a的角速度C．a、c的线速度大小相等，且小于d的线速度D．a、c存在在P点相撞危险【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：A、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F=GF向=m=mω2r=m（）2r因而G=m=mω2r=m（）2r=ma解得①ω=②a=③A、a、c两颗卫星的轨道半径相同，且小于b卫星的轨道半径，根据③式，a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度，故A正确；B、b、c两颗卫星的轨道半径不相同，根据②式，其角速度不等，故B错误；C、a、c两颗卫星的轨道半径相同，且小于d卫星的轨道半径，根据①式，a、c的线速度大小相等，且大于d的线速度，故C错误；D、a、c两颗卫星相交，故轨道半径相同，根据①式，它们的线速度相等，故永远不会相撞，故D错误；故选：A．【点评】本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度和加速度的表达式，再进行讨论；除向心力外，线速度、角速度、周期和加速度均与卫星的质量无关，只与轨道半径有关．4．如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】此题的关键首先明确滑动触头向下滑动时通过判断出线圈b中的电流增大，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向．本题利用“楞次定律的第二描述”求解将更为简便．【解答】解：A、B：当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而判断出穿过线圈a的磁通量增加方向向下，所以B错误；根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，A错误．C、再根据微元法将线圈a无线分割根据左手定则不难判断出线圈a应有收缩的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积减少时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a应有收缩的趋势，C错误；D、开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向下滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁的N极相对，互相排斥，故线圈a 对水平桌面的压力将增大，所以D正确．故选D．【点评】首先应掌握楞次定律的基本应用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必然结果．一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的第二描述将会非常简便．5．在水平面上有一个小物块质量为m，从某点给它一个初速度，沿水平面做匀减速直线运动，经过A，B，C三点到O点速度为零．A，B，C三点到O点距离分别为s1、s2、s3时间分别为t1、t2、t3下列结论正确的是（）A．==B．＜＜C．==D．＜＜【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确．【解答】解：反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可知，s=at2．故a=2，故位移与时间平方的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故C正确．故选：C【点评】虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的实验．6．如图所示，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示．已知M是带正电的带电粒子．则下列说法中正确的是（）A．N一定也带正电B．a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C．带电粒子M的动能减小，电势能增大D．带电粒子N的动能增大，电势能减小【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧．同时注意电场线和等势线垂直，说明电场沿水平方向，正电荷沿轨迹MPN运动，则电场力一定水平向右，从而确定了电场的方向．【解答】解：A、电场线和等势线垂直，所以电场沿水平方向，从正电荷M的轨迹MPN可知，电场力水平向右，故电场的方向水平向右．N电荷受电场力方向指向其轨迹内侧，故受电场力水平向左，所以N带负电，故A错误．B、电场线水平向右，沿电场线电势降低，所以a点的电势高于b点的电势，而两点的场强大小相等．故B错误；C、D电场力对N粒子做正功，其电势能减小，动能增加，故C错误，D正确；故选：D．【点评】本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧．7．有一种手电筒和台式电子钟都是使用1节干电池工作的．将新电池装在手电筒中，使用较长时间后，当手电筒的小灯泡只能发出微弱的光而不能正常使用时，把电池取出来，用电压表测其两端电压，电压表示数略小于1.5V．把这节旧电池装在台式电子钟内仍能使电子钟正常工作．则下列说法中正确的是（）A．旧电池的电动势比新电池的电动势小了许多B．旧电池的内电阻比新电池的内电阻大很多C．台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压小D．台式电子钟正常工作时的电流一定比手电筒正常工作时的电流小【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的电动势可通过电压表测量，即电源未接入电路时，电压表读数．电池使用较长时间，导致内电阻增大，而输出电压的高低是由与其串联的电阻决定，当电阻大于内阻，则输出电压较大；若电阻小于内阻，则输出电压较小．【解答】解：A、一节干电池的电动势应该为1.5V，现在直接通过电压表示数略小于1.5V，可知，电动势几乎不变，故A错误；B、一节干电池已经用了较长时间，使用时小灯泡只能发出很微弱的光，除电动势降低之外，电池的内阻增大，若比灯泡的电阻还大，则输出电压很小．故B正确；C、台式电子钟能正常工作是由于它的内阻比电池的内阻大得多，所以输出电压较高，从而能工作，所以台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压大，故C错误；D、由于电子钟的电阻较大，所以正常工作的电流较小，故D正确；故选BD【点评】考查电源的电动势的概念，及电池用久后电阻会增大，并掌握不同的外电阻，输出电压不同．理解闭合电路的欧姆定律．8．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源内阻的电压变大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．【解答】解：A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小，故A错误；B、由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B正确；C、因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大，故CD错误；故选：B．【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．9．如图所示，水平放置的U形框架上接一个阻值为R0的电阻，放在垂直纸面向里的，磁感应强度大小为B的匀强磁场中，一个半径为L，质量为m的半圆形硬导体AC在水平向右的恒定拉力F作用下，由静止开始运动距离d后速度达到v，半圆形硬导体AC的电阻为r，其余电阻不计，下列说法正确的是（）A．此时AC两端电压为U AC=2BLvB．此时AC两端电压为U AC=C．此过程中电路产生的电热为Q=Fd﹣D．此过程中通过电阻R0的电荷量为q=【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】图中半圆形硬导体AB有效切割的长度等于半圆的直径2L，由公式E=Blv求解感应电动势的大小．AB相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律求出，由焦耳定律求解产生的电热，根据电流表达式求解电荷量．【解答】解：A、B：导体AB有效切割的长度等于半圆的直径2L，半圆形导体AB切割磁感线产生感应电动势的大小为：E=B•2L•v=2BLvAB相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律得：=，故A错误，B正确；C、根据能量守恒定律可知：，得：Q=Fd﹣﹣W f，故C错误；D、根据电磁感应定律得：，根据电流定义式：i=，解得：q==，故D正确；故选：BD【点评】本题要理解并掌握感应电动势公式，公式E=BLv中，L是有效的切割长度，即为与速度垂直的方向导体的长度．也可画出等效电路，来区分外电压和内电压．10．如图所示，虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场（实线为电场线），有一个带正电小球（电量为+q，质量为m）从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下，那么，带电小球可能沿直线通过下列的哪些电磁混合场（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】当粒子不受洛伦兹力或者三力平衡时物体有可能沿着直线通过电磁场区域．【解答】解：A、小球受重力、向左的电场力、向右的洛伦兹力，下降过程中速度一定变大，故洛伦兹力一定变化，不可能一直与电场力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲线运动，故A错误；B、小球受重力、向上的电场力、垂直向外的洛伦兹力，合力与速度一定不共线，故一定做曲线运动，故B错误；C、小球受重力、向左上方的电场力、水平向右的洛伦兹力，若三力平衡，则粒子做匀速直线运动，故C正确；D、粒子受向下的重力和向上的电场力，合力一定与速度共线，故粒子一定做直线运动，故D正确；故选CD．【点评】本题关键在于洛伦兹力与速度垂直且与粒子速度方向垂直，要使粒子做直线运动，要么三力平衡，要么不受洛伦兹力．二、实验题（11题6分，12题10分，共16分）11．2013年12月14日晚上9点14分左右嫦娥三号月球探测器平稳降落在月球虹湾，并在4分钟后展开太阳能电池帆板．这是中国航天器第一次在地外天体成功软着陆，中国成为继美国、前苏联之后第三个实现月面软着陆的国家．太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时（没有储存电能）的I﹣U特性．所用的器材包括：太阳能电池，电源E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，开关S及导线若干．。
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2015-2016学年上学期期末考试高二物理试题考试时间 90分钟 满分 110分一、选择题（每小题5分，共50分。
其中1-6题为单选题，7-10题为多选题，选对选全得5分，选对不选全得3分，有选错的得0分。
）1．如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x 轴垂直于环面且过圆心O .下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )A ．O 点的电场强度为零，电势最低B ．O 点的电场强度为零，电势最高C ．从O 点沿x 轴正方向，电场强度减小，电势升高D ．从O 点沿x 轴正方向，电场强度增大，电势降低2.如图所示，A 、B 、C 是等边三角形的三个顶点，O 是A 、B 连线的中点．以O 为坐标原点，A 、B 连线为x 轴，O 、C 连线为y 轴，建立坐标系．过A 、B 、C 、O 四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等、方向向里的电流．则过O 点的通电直导线所受安培力的方向为( )A ．沿y 轴正方向B ．沿y 轴负方向C ．沿x 轴正方向D ．沿x 轴负方向3．a 、b 、c 、d 是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星．其中a 、c 的轨道相交于P ，b 、d 在同一个圆轨道上，b 、c 轨道在同一平面上．某时刻四颗卫星的运行方向及位置如图1所示．下列说法中正确的是( ) A ．a 、c 的加速度大小相等，且大于b 的加速度 B ．b 、c 的角速度大小相等，且小于a 的角速度 C ．a 、c 的线速度大小相等，且小于d 的线速度 D ．a 、c 存在在P 点相撞的危险4．如图所示，圆环形导体线圈a 平放在水平桌面上，在a 的正上方固定一竖直螺线管b ，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，下列表述正确的是( ) A ．线圈a 中将产生俯视顺时针方向的感应电流 B ．穿过线圈a 的磁通量变小 C ．线圈a 有扩张的趋势D ．线圈a 对水平桌面的压力F N 将增大5．如图所示，在水平面上有一个质量为m 的小物块，从某点给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，途中经过A 、B 、C 三点，到达O 点的速度为零．A 、B 、C 三点到O 点的距离分别为s 1、s 2、s 3，物块从A 点、B 点、C 点运动到O 点所用时间分别为t 1、t 2、t 3，下列结论正确的是( )A. s 1t 1＝s 2t 2＝s 3t 3B. s 1t 1<s 2t 2<s 3t 3C .s 1t 21＝s 2t 22＝s 3t 23D. s 1t 21<s 2t 22<s 3t 236．图中的虚线a 、b 、c 、d 表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M 、N (重力忽略不计)以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN 和NQM 所示．已知M 是带正电的粒子．则下列说法中正确的是 ( )． A ．N 一定也带正电B ．a 点的电势高于b 点的电势，a 点的场强大于b 点的场强 C. 带电粒子N 的动能减小、电势能增大 D ．带电粒子N 的动能增大、电势能减小7．有一种手电筒和台式电子钟都是使用1节干电池工作的。
将新电池装在手电筒中，经过较长时间的使用，当手电筒的小灯泡只能发出微弱的光而不能正常使用时，把电池取出来，用电压表测其两端电压，电压表示数略小于1.5V 。
把这节旧电池装在台式电子钟子却仍能使电子钟正常工作。
根据上述现象，可判断下列说法中正确的是 （ ）A ．旧电池的电动势比新电池的电动势小了许多B ．旧电池的内电阻比新电池的内电阻大很多C ．台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压小D ．台式电子钟正常工作时的电流一定比手电筒正常工作时的电流小8．在如图所示的电路中，E 为电源，其内阻为r ，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R 1、R 2为定值电阻，R 3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V 为理想电压表．若将照射R 3的光的强度减弱，则( )． A ．小灯泡消耗的功率变小 B ．电压表的示数变大 C ．通过R 2的电流变小 D ．电源输出功率可能变大9．如图所示，水平放置的粗糙U 形框架上接一个阻值为R 0的电阻，放在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，一个半径为L 、质量为m 的半圆形硬导体AC 在水平向右的恒定拉力F 作用下，由静止开始运动距离d 后速度达到v ，半圆形硬导体AC 的电阻为r ，其余电阻不计．下列说法正确的是( ) A ．此时AC 两端电压为U AC ＝2BLv B ．此时AC 两端电压为U AC ＝2BLvR 0R 0＋rC ．此过程中通过电阻R 0的电荷量为q ＝2BLdR 0＋rD ．此过程中电路产生的电热为Q ＝Fd －12mv 210．如图所示，虚线空间中存在由匀强电场E 和匀强磁场B 组成的正交或平行的电场和磁场(图中实线为电场线)，有一个带正电小球(电荷量为＋q ，质量为m )从正交或平行的电磁复合场上方的某一高度自由落下，那么，带电小球可能沿直线通过的是( )二、实验题（11题6分，12题10分，共16分）11、2013年12月14日晚上9点14分左右嫦娥三号月球探测器平稳降落在月球虹湾，并在4分钟后展开太阳能电池帆板．这是中国航天器第一次在地外天体成功软着陆，中国成为继美国、前苏联之后第三个实现月面软着陆的国家．太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时(没有储存电能)的I －U 特性．所用的器材包括：太阳能电池，电源E ，电流表A ，电压表V ，滑动变阻器R ，开关S 及导线若干． (1)为了达到上述目的，应选用左图中的哪个电路图：________(填“甲”或“乙”)．(2)该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图所示的I －U 图象．由右图可知，当电压小于2.0 V 时，太阳能电池的电阻________(填“很大”或“很小”)；当电压为2.8 V 时，太阳能电池的电阻约为________Ω.(保留两位有效数字)12、在测定一节干电池的电动势和内阻的实验中，备有下列器材： A ．干电池E (电动势约为1.5 V 、内阻约为1.0 Ω) B ．电压表V(0～15 V)C ．电流表A(0～0.6 A 、内阻约为0.1 Ω)D ．电流表G(满偏电流3 mA 、内阻R g ＝10 Ω)E ．滑动变阻器R 1(0～10 Ω、10 A)F ．滑动变阻器R 2(0～100 Ω、1 A)G ．定值电阻R 3＝990 ΩH ．开关、导线若干(1)为了方便且能较准确地进行测量，其中应选用的滑动变阻器是________(选填“R 1”或“R 2”)； (2)请在方框内画出你所设计的实验电路图，并在图中标上所选用器材的符号；(3)如图所示为某一同学根据他设计的实验，绘出的I 1－I 2图线(I 1为电流表G 的示数，I 2为电流表A 的示数)，由图线可求得被测电池的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω. 三、计算题（8分+10分+12分+14分=44分）13．（8分）一种测量血管中血流速度的仪器原理如图所示，在动脉血管两侧分别安装电极并加有磁场．设血管直径是2.0 mm ，磁场的磁感应强度为0.080 T ，电压表测出的电压为0.10 mV ，求血流速度的大小。
14、（10分）如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U 0，电容器板长和板间距离均为L ＝10 cm ，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离也是L ＝10 cm ，在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示．(每个电子穿过平行板的时间都极短，可以认为电压是不变的)求：(1) 在t ＝0.06 s 时刻进入电容器中的电子，经电容器中的电场偏转后的侧移量y(2) 电容器上的电压多大时，电子恰从电容器极板右端边缘射出，此种情形下电子打到荧光屏上距图中荧光屏上的O 点的距离是多大？15．（12分） 如图所示，一质量为m ＝1 kg 的可视为质点的滑块，放在光滑的水平平台上，平台的左端与水平传送带相接，传送带以v ＝2 m/s 的速度沿顺时针方向匀速转动(传送带不打滑)，现将滑块缓慢向右压缩轻弹簧，轻弹簧的原长小于平台的长度，滑块静止时弹簧的弹性势能为E p ＝4.5 J ，若突然释放滑块，滑块向左滑上传送带．已知滑块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.2，传送带足够长，g ＝10 m/s 2.求： (1)滑块第一次滑上传送带离传送带左端最远距离．(2)滑块第一次滑上传送带到离开传送带所经历的时间；16．（14分）如图所示，在半径为R ＝mv 0Bq的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ，圆形区域右侧有一竖直感光板，圆弧顶点P 有一速率为v 0的带正电的粒子平行于纸面进入磁场，已知粒子的质量为m ，电荷量为q ，粒子重力不计．(1)若粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；(2)若粒子对准圆心射入，且速率为3v 0，求它打到感光板上时速度的垂直分量；(3)若粒子以速率v 0从P 点以任意角射入，试证明它离开磁场后均垂直打在感光板上．高二物理试题参考答案一、选择题:二、实验题：11、(1)甲 (2)很大 1.0×10312、(1)R 1 (2)电路图如图所示(3)1.47(1.46～1.48) 0.83(0.81～0.85) 13、解：设血流速度为v ，当电压表读数稳定时有： qE qvB = （3分）D UE =（3分） 联立解得: s m BDUv 625.0== （2分） 14、解: (1)电子经电场加速满足qU 0＝12mv 2 （2分）经电场偏转后侧移量y ＝12at 2＝12·qU 偏mL ⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 2（2分） 联立解得：y ＝U 偏L 4U 0由图知t ＝0.06 s 时刻U 偏＝1.8U 0，所以y ＝4.5 cm （2分） （2）当2Ly =时，电子恰从电容器极板右端边缘射出， 即： 042U LU L 偏=解得： 02U U =偏 （2分）设打在屏上的点距O 点的距离为Y ，满足：222L L L L Y +=解得： Y ＝1.5L=15cm （2分）15、解: (1)设)滑块第一次滑上传送带离传送带左端最远距离为1x ，由能量转化和守恒定律得： p E mgx =1μ （2分） 解得：m mgE x p25.21==μ (2分)(2)释放滑块的过程中机械能守恒，设滑块滑上传送带的速度为v 1，则 E p ＝12mv 21， 得v 1＝3 m/s （2分）滑块在传送带上运动的加速度的大小 a ＝μg ＝2 m/s 2（1分） 滑块向左运动的时间 t 1＝v 1a＝1.5 s （1分） 向左运动的最大位移 x 1＝2.25 m向右匀加速运动的位移 x 2＝v 22a＝1 m （1分）因为x 1>x 2，所以滑块在向右运动的过程中先向右匀加速运动，再同传送带一起向右匀速运动． （1分） 向右匀加速运动的时间 t 2＝v a＝1 s （1分） 向右匀速运动的时间为t 3＝x 1－x 2v＝0.625 s （1分） 所以 t ＝t 1＋t 2＋t 3＝3.125 s. （1分）16、解析 (1)设带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径为r ，由牛顿第二定律得Bqv 0＝m v 20r（2分）所以 r ＝mv 0Bq＝R 带电粒子在磁场中的运动轨迹为四分之一圆周，轨迹对应的圆心角为π2. （2分）则它在磁场中运动的时间 t ＝π2R v 0＝πm2qB（2分）(2)由(1)知，当v ＝3v 0时，带电粒子在磁场中运动的轨迹半径为3R ，其运动轨迹如图所示．由几何关系可知 ∠PO 2O ＝∠OO 2A ＝30° （2分）所以带电粒子离开磁场时偏转角为60°，粒子打到感光板上时速度的垂直分量为v ⊥＝v sin 60°＝32v 0 （2分）(3) 由(1)知，当带电粒子以v 0射入时，粒子在磁场中的运动轨迹半径为R ，设粒子射入方向与PO 方向之间的夹角为θ，带电粒子从区域边界S 射出，带电粒子的运动轨迹如图所示． 因PO 3＝O 3S ＝PO ＝SO ＝R所以四边形POSO 3为菱形 （2分） 由几何关系可知：PO ∥O 3S在S 点的速度方向与O 3S 垂直，因此，带电粒子射出磁场时的方向为水平方向，离开磁场后垂直打在感光板上，与入射的方向无关．（2分）。