信息安全数学基础第一章

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信息安全数学基础第一章-第一章第4-5节

信息安全数学基础第一章-第一章第4-5节

p2 2
L
ps s
,
b
p1 1
p2 2
L
ps s
,
其中 i i 0, (i 1, 2,L , t);
i i 0, (i t 1, 2,L , s).

a'
p1 1
p2 2
于是 (120,150, 210, 35) 5.
同样 [120,150, 210, 35] 23 3 52 7 4200.
23
例5 设a, b是两个正整数,则存在整数a ' | a, b' | b,使得
a 'b' [a, b], (a ', b') 1.
证 设a, b有分解式:
a
p1 1
b p1 ' p2 'L pu ', c pu1 ' p2 'L ps ' 于是 n bc p1 ' p2 'L pu ' pu1 ' p2 'L ps '
15
适当改变pi '的次序,即得(1)式.
由归纳法原理, 对于所有n 1的整数,(1)式成立.
再证表达式的唯一性. 假设还有
n q1q2 L qt , q1 q2 L qt
所以[a, b] | m.
此定理表明:任意两个正整数的乘积等于这两个数的 最小公倍数与最大公因数的乘积.这两个数的最小公 倍数不但是最小的正倍数,且是另外的公倍数的因数.
10
推论 设m, a, b是正整数,则[ma, mb] m[a, b].

[ma, mb]
m 2 ab (ma, mb)
m2ab m ab m(a,b) (a,b)

信息安全数学基础第1章整除概述.

信息安全数学基础第1章整除概述.

1.2整数表示
证明 存在性 由欧几里得除法,有整数k,使得 a = q1b a0, 0 a0 b 1, q1 = q2b a1, 0 a1 b 1, qk 1 = qkb ak 1,0 ak 1 b 1, qk = qk+1b ak ,0 ak b 1 其中诸ai与qi都是唯一确定的。则0 < ak b 1, 0≤qk+1<qk<… <q2 <q1 <a,故必有整数k,使得qk+1=0
1.2整数表示
唯一性 设有两种不同的表达式: a= akbk ak 1bk 1 a1b a0 a= ckbk ck 1bk 1 c1b c0 两式相减得: 0= (ak –ck )bk (ak-1 –ck -1) bk 1 (a1 –c1 ) b (a0 –c0), 设j是最小的正整数使得aj ≠cj,则 bj[ (ak –ck )bk-j (aj+1 –cj +1) b+ (aj –cj ) ]=0
1.1整除的概念,欧几里得除法
1.1整除的概念,欧几里得除法
1.1整除的概念,欧几里得除法
1.2整数表示

对于数的十进制表示,我们已经是很熟悉的了。 本章主要介绍实数的b进制表示,以及一些基本 知识

定理 1设b是大于1的整数,则任何正整数a
都可以写成 a = akbk ak 1bk 1 a1b a0 的形式,其中ak 0,ai(0 i k)是在0与 b 1之间唯一确定的整数。

1.1整除的概念,欧几里得除法
下面证明每个合数必有素因子 定理1.2

信息安全数学基础第一阶段知识总结

信息安全数学基础第一阶段知识总结

信息安全数学基础第一阶段知识总结第一章整数得可除性一整除得概念与欧几里得除法1 整除得概念定义1 设a、b就是两个整数,其中b≠0如果存在一个整数q 使得等式a=bq成立,就称b整除a或者a被b整除,记作b|a ,并把b 叫作a得因数,把a叫作b得倍数、这时,q也就是a得因数,我们常常将q写成a/b或否则,就称b不能整除a或者a不能被b整除,记作a b、2整除得基本性质(1)当b遍历整数a得所有因数时,-b也遍历整数a得所有因数、(2)当b遍历整数a得所有因数时,a/b也遍历整数a得所有因数、(3)设b,c都就是非零整数,(i)若b|a,则|b|||a|、(ii)若b|a,则bc|ac、(iii)若b|a,则1〈|b|≤|a|、3整除得相关定理(1)设a,b≠0,c≠0就是三个整数、若c|b,b|a,则c|a、(2)设a,b,c≠0就是三个整数,若c|a,c|b,则c|a±b(3)设a,b,c就是三个整数、若c|a,c|b则对任意整数s,t,有c|sa+tb、(4)若整数a1, …,an都就是整数c≠0得倍数,则对任意n个整数s1,…,sn,整数就是c得倍数(5)设a,b都就是非零整数、若a|b,b|a,则a=±b(6)设a,b,c就是三个整数,且b≠0,c ≠0,如果(a , c)=1,则(ab , c)=(b,c)(7) 设a,b , c就是三个整数,且c≠0,如果c|ab,(a , c)=1, 则c|b、(8)设p就是素数,若p|ab ,则p |a或p|b(9)设a1,…,a n就是n个整数,p就是素数,若p|a1…a n,则p一定整除某一个ak二整数得表示主要掌握二进制、十进制、十六进制等得相互转化、三最大公因数与最小公倍数(一)最大公因数1.最大公因数得概念定义:设就是个整数,若使得 ,则称为得一个因数。

公因数中最大得一个称为得最大公因数。

记作、若,则称互素。

若,则称两两互素。

信息安全数学基础第一章-第1章习题解答

信息安全数学基础第一章-第1章习题解答

39 设a, b 是任意两个不全为零的整数,
(i) 若m是任一整数,则[am, bm]=[a, b]m。
(ii) [a, 0]=0 。
证明:(i) 设 L= [a, b],则 a L, b L,进而
am Lm, bm Lm,即Lm是am, bm的公倍数。
所以[am, bm] Lm= [a, b]m。
所以a (2j-i-1) ,但 j-i < d0,得到矛盾。
说明
r1, r2 ,
,
rd
0
互不相同。
1
从而,1, r1 1, r2 1, , rd0 1 1
是2d 被 a 除后,d0个不同的最小非负余数。 最后,由
2d0 s 1 2d0 2s 2s 2s 1 2s (2d0 1) (2s 1)
37 设a, b 是两个不同的整数,证明如果整数n > 1 满足n|(a2-b2) 和 n | (a+b),n | (a-b),则n是合数。 证明:由已知及a2-b2=(a+b)(a-b)得
n|(a+b)(a-b)。 若 n 是素数,根据1.4定理2, n|(a+b) 或 n|(a-b), 与已知条件矛盾。所以n是合数。
(an , b)=(aan-1 , b)=(an-1 , b)=(aan-2 , b) = (an-2 , b)=…= (a2 , b)=(aa , b)= (a , b)= 1
(b,an) =(an , b)=1,类似的
(bn , an)=(bbn-1 , an)=(bn-1 , an)=(bbn-2 , an)
21 证明:n >1 时, 1+ 1 +1+ + 1 不是整数。
23
n
1 通分后,2 这一项的分子变为奇数k,其余各项的

信息安全数学基础第1章 整数的可除性

信息安全数学基础第1章  整数的可除性
《信息安全数学基础》 第1章
欧几里德算法

《信息安全数学基础》 第1章

《信息安全数学基础》 第1章
欧几里德算法

《信息安全数学基础》 第1章
欧几里德算法-举例
【例1.2.6】 利用欧几里德算法求(172, 46).
172=46×3+34 46=34+12
(172, 46)=(46,34) (46,34)=(34,12)
《信息安全数学基础》 第1章
1.2.1带余除法

《信息安全数学基础》 第1章

《信息安全数学基础》 第1章
带余除法一般形式

《信息安全数学基础》 第1章
带余除法-举例

《信息安全数学基础》 第1章
1.2 .2 最大公因数

《信息安全数学基础》 第1章
最大公因数-举例

《信息安全数学基础》 第1章
(172, 46)=(46,34)
《信息安全数学基础》 第1章

《信息安全数学基础》 第1章
裴蜀等式-特例

《信息安全数学基础》 第1章
裴蜀等式-举例

《信息安全数学基础》 第1章
void Euclid(unsigned int num1,unsigned int num2) {
int a[32],b[32]; int inv_a,inv_b,tmp; int i=0,j=0; a[0]=num1; b[0]=num2; while(a[i]%b[j]!=0) {

《信息安全数学基础》 第1章
标准分解式

《信息安全数学基础》 第1章

《信息安全数学基础》 第1章

信息安全中的数学基础第一章

信息安全中的数学基础第一章

最小公倍数与最大公因子关系
定理1-8
a,b 2)
(a,b)
1)设d是a,b的任意公倍数,则 [a,b] d. ab ,特别地,如果(a,b) = 1,[a,b] = |ab|.
定理2证明
证明
1)做带余除法: d = q[a,b] + r,0r[a,b], 由于ad,bd,那么 a[a,b],b[a,b], 则ar,br, r也是a,b的公倍数,
互素
定义1-7:设a,b是两个不全为0的整数,如果(a,b) = 1,
则称a,b互素.
推论1-1:a,b互素的充分必要条件是:
存在u,v,使ua+vb = 1. 证明 必要条件是定理1的特例,只需证充分条件. 如果存在u,v,使 ua+vb = 1. 则由(a,b)(ua+vb),得(a,b)1, 所以(a,b) = 1.
v, 使
(a,b)= ua+vb.
最大公因子定理
例6:将a = 888,b = 312的最大公因子表示为(a,b) = ua+vb 解 利用欧几里得除法求最大公因子的过程可以解出. 888 = 2312+264 312 = 1264+48 264 = 548+24 48=2 24 我们有: 264 = 8882312=a-2b 48 = 312264 = b (a-2b) = –a+3b 24 = 264548 = (a-2b)5(–a+3b) =6a17b 故(888,312) = 24 = 6888+(17)312.
(3)近世代数(第二版),韩士安,林磊著,科学出版社, 2009年
《信息安全数学基础》课程介绍
课程内容:数论,近世代数,有限域 课程目的:培养抽象思维能力和严格的逻辑推理 能力, 为学习专业基础课及专业课打好基础

信息安全数学基础课后答案完整版Word版

信息安全数学基础课后答案完整版Word版

第一章参考答案(1) 5,4,1,5.(2) 100=22*52, 3288=23*3*137.(4) a,b可以表示成多个素因子的乘积a=p1p2––pr, b=q1q2––qs,又因为(a,b)=1,表明a, b没有公共(相同)素因子. 同样可以将a n, b n表示为多个素因子相乘a n=(p1p2––pr)n, b n=(q1q2––qs)n明显a n, b n也没有公共(相同)素因子.(5)同样将a, b可以表示成多个素因子的乘积a=p1p2––pr, b=q1q2––qs,a n=(p1p2––pr)n, b n=(q1q2––qs)n,因为a n| b n所以对任意的i有, pi的n次方| b n,所以b n中必然含有a的所有素因子, 所以b中必然含有a的所有素因子, 所以a|b.(6)因为非零a, b, c互素,所以(a, b)=(a, c)=1,又因为a=p1p2––pr,b=q1q2––qs, ab=p1p2––prq1q2––qs, 又因为a, b, c互素, 所以a, b, c中没有公共(相同)素因子, 明显ab和c也没有公共(相同)素因子.所以(ab, c)= (a, b)(a, c).(7)2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,31,37,41,43,47,53,59,61,67,71,73,79,83,89,9 7,101,103,107, 109, 113, 127,131,137,139,149,151,157,163,167,173,179,181,191,193,197,199.(11)对两式进行变形有21=0(mod m), 1001=0(mod m),可以看出要求满足的m即使求21和1001的公约数, 为7和1.(12)(70!)/(61!)= 62*63*––*70=(-9)*(-8)*––*(-1)=-9!=-362880=1(mod 71). 明显61!与71互素, 所以两边同乘以61!, 所以70!=61!(mod 71).(13)当n为奇数时2n=(-1)n=-1=2(mod 3), 两边同时加上1有2n+1=0(mod 3), 所以结论成立.当n为偶数时2n=(-1)n=1(mod 3), 两边同时加上1有2n+1=2(mod 3), 所以结论成立.(14)第一个问:因为(c,m)=d, m/d为整数.假设ac=k1m+r, bc=k2m+r,有ac=k1d(m/d)+r, bc=k2d(m/d)+r所以ac=bc(mod m/d),因为(c,m/d)=1,所以两边可以同除以一个c, 所以结论成立.第二个问题:因为a=b(mod m), 所以a-b=ki *mi,a-b是任意mi的倍数,所以a-b是mi 公倍数,所以[mi]|a-b.(利用式子:最小公倍数=每个数的乘积/最大公约数, 是错误的, 该式子在两个数时才成立)(15)将整数每位数的值相加, 和能被3整除则整数能被3整除, 和能被9整除则整数能被9整除, (1)能被3整除, 不能被9整除,(2)都不能,(3)都不能,(4)都不能第二章答案(5)证明:显然在群中单位元e满足方程x2=x, 假设存在一个元素a满足方程x2=x, 则有a2=a, 两边同乘以a-1有a=e. 所以在群中只有单位元满足方程x2=x.(6)证明:因为群G中每个元素都满足方程x2=e, 所以对群中任意元素a,b 有aa=e, bb=e, (ab)2=abab=e. 对abab=e, 方程两边左乘以a, 右乘以b有aababb=(aa)ba(bb)=ba=aeb=ab, 有ab=ba, 所以G是交换群.(7)证明:充分性:因为在群中对任意元素a,b有(ab)2=a2b2即abab=aabb, 方程两边左乘以a的逆元右乘以b的逆元, 有a-1ababb-1= a-1aabbb-1, 有ab=ba, 所以G是交换群.必要性:因为群G是交换群, 所以对任意元素a,b有ab=ba, 方程两边左乘以a右乘以b有abab=aabb, 有(ab)2=a2b2.(8)证明:因为xaaba=xbc,所以x-1xaxbaa-1b-1=x-1xbca-1b-1,所以存在唯一解x=a-1bca-1b-1使得方程成立。

信息安全数学基础第一章

信息安全数学基础第一章
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1.1 群的定义-群的定义
注4:由于群里结合律是满足的,把元素 的n次连乘 :由于群里结合律是满足的,把元素a的 次连乘 记为a 交换群也可记为na),称为a的 次幂 ),称为 记为 n (交换群也可记为 ),称为 的n次幂 或称乘方)。 (或称乘方)。 注5:若(G, )只满足结合律,则称 为半群;如果 只满足结合律, 为半群; : 只满足结合律 则称G为半群 (G, ) 满足结合律且有单位元,则称 为有单位元的 满足结合律且有单位元,则称G为有单位元的 半群。 半群。
SL(n, R ) ≤ GL(n, R )
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1.2
群的性质群的性质-子群
定理1 一个群G和它的一个子群 和它的一个子群H有 定理1 一个群 和它的一个子群 有: 1)G的单位元和 的单位元是同一的; 的单位元和H的单位元是同一的 ) 的单位元和 的单位元是同一的; 2)如果 ∈H,a−1是a在G中的逆元,则a−1∈H. 中的逆元, )如果a∈ , 在 中的逆元 .
an = 1 ⇔ | a | n
的阶, 2)记 | a | 为元素 a 的阶,则 |a| i | a |= (| a |, i )
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1.2
群的性质-群的分类 群的性质-群的分类
从元素个数来分:有限群与 从元素个数来分:有限群与无限群 的剩余类加法群、乘法群, 次对称群等为有 模 n 的剩余类加法群、乘法群, n 次对称群等为有 限群;一般线性群,特殊线性群,整数加群等为无 限群;一般线性群,特殊线性群,整数加群等为无 限群。 限群。 从代数运算的交换性来分:交换群与 从代数运算的交换性来分:交换群与非交换群 的剩余类加法群、乘法群,整数加群等为交 模 n 的剩余类加法群、乘法群,整数加群等为交 n 换群; 次对称群, 换群; 次对称群,一般线性群和特殊线性群等 非交换群。 为非交换群。

《信息安全数学基础》部分课后习题答案

《信息安全数学基础》部分课后习题答案

《信息安全数学基础》课后作业及答案第1章课后作业答案 (2)第2章课后作业答案 (6)第3章课后作业答案 (13)第4章课后作业答案 (21)第5章课后作业答案 (24)第6章课后作业答案 (27)第7章课后作业答案 (33)第8章课后作业答案 (36)第9章课后作业答案 (40)第10章课后作业答案 (44)第11章课后作业答案 (46)第12章课后作业答案 (49)第13章课后作业答案 (52)第1章课后作业答案习题1:2, 3, 8(1), 11, 17, 21, 24, 25, 312. 证明:存在整数k,使得5 | 2k + 1,并尝试给出整数k的一般形式。

证明k = 2时,满足5 | 2k + 1。

5 | 2k + 1,当且仅当存2k + 1 = 5q。

k, q为整数。

即k = (5q– 1)/2。

只要q为奇数上式即成立,即q = 2t + 1,t为整数即,k = 5t + 2,t为整数。

3. 证明:3 3k + 2,其中k为整数。

证明因为3 | 3k,如果3 | 3k + 2,则得到3 | 2,矛盾。

所以,3 3k + 2。

8. 使用辗转相除法计算整数x, y,使得xa + yb = (a, b):(1) (489, 357)。

解489 = 357×1 + 132,357 =132 × 2 + 93,132 = 93 × 1 + 39,93 = 39 × 2 + 15,39 = 15 × 2 + 9,15 = 9 × 1 + 6,9 = 6 × 1 + 3,6 = 3 × 2 + 0,所以,(489, 357) = 3。

132 = 489 – 357×1,93 = 357 – 132 × 2 = 357 – (489 – 357×1) × 2 = 3 × 357 – 2 ×489,39 = 132 – 93 × 1 = (489 – 357×1) – (3 × 357 – 2 ×489) × 1 = 3 ×489 – 4× 357,15 = 93 – 39 × 2 = (3 × 357 – 2 × 489) – (3 ×489 – 4× 357) × 2 = 11× 357 – 8 × 489,9 = 39 – 15 × 2 = (3 ×489 – 4× 357) – (11× 357 – 8 × 489) × 2 = 19 × 489 – 26× 357,6 = 15 – 9 × 1 = (11× 357 –8 × 489) – (19 × 489 – 26× 357) = 37 ×357 – 27 × 489,3 = 9 – 6 × 1 = (19 × 489 – 26× 357) – (37 × 357 – 27 × 489) = 46 ×489 – 63 × 357。

信息安全导论数学基础

信息安全导论数学基础

信息安全导论数学基础一、模运算1、模p运算和普通的四则运算有很多类似的规律,如:规律公式结合率((a+b) mod p + c)mod p = (a + (b+c) mod p) mod p((a*b) mod p * c)mod p = (a * (b*c) mod p) mod p交换率(a + b) mod p = (b+a) mod p(a × b) mod p = (b × a) mod p分配率((a +b)mod p × c) mod p = ((a × c) mod p + (b × c) mod p) mod p2、模p相等:如果两个数a、b满足a mod p = b mod p,则称他们模p相等,记做a ≡b mod p可以证明,此时a、b满足a = kp + b,其中k是某个整数。

3、对于模p相等和模p乘法来说,有一个和四则运算中迥然不同得规则。

在四则运算中,如果c是一个非0整数,则ac = bc 可以得出a =b但是在模p运算中,这种关系不存在。

例如:(3 x 3) mod 9 = 0(6 x 3) mod 9 = 0但是3 mod 9 = 36 mod 9 =64、定理(消去律):如果gcd(c,p) =1 ,则ac ≡ bc mod p 可以推出a ≡ b mod p 。

注释:gcd最大公约数(greatest common divisor,简写为gcd;或highest common factor,简写为hcf),指某几个整数共有因子中最大的一个。

最小公倍数(lcm)关系:gcd(a, b)×lcm(a, b) = ab。

5、模P乘法逆元:对于整数a、p,如果存在整数b,满足ab mod p =1,则说,b是a的模p乘法逆元。

定理:a存在模p的乘法逆元的充要条件是gcd(a,p) = 1。

注释:当a与p互素时,a关于模p的乘法逆元有唯一解。

信息安全数学基础第一阶段知识总结

信息安全数学基础第一阶段知识总结

信息安全数学基础第一阶段知识总结第一章 整数的可除性一 整除的概念和欧几里得除法 整除的概念定义 设♋、♌是两个整数,其中♌≠ 如果存在一个整数 ❑ 使得等式 ♋♌❑ 成立,就称♌整除♋或者♋被♌整除,记作♌♋ ,并把♌叫作♋的因数,把♋叫作♌的倍数 这时,❑也是♋的因数,我们常常将❑写成♋/♌或 否则,就称♌不能整除♋或者♋不能被♌整除,记作♋ ♌整除的基本性质☎✆当♌遍历整数♋的所有因数时, ♌也遍历整数♋的所有因数☎✆当♌遍历整数♋的所有因数时,♋♌也遍历整数♋的所有因数☎✆设♌,♍都是非零整数,☎♓✆若♌♋,则 ♌♋ ☎♓♓✆若♌♋,则♌♍♋♍☎♓♓♓✆若♌♋,则 ♌≤ ♋ 整除的相关定理☎✆ 设♋,♌≠ ,♍≠ 是三个整数 若♍♌,♌♋,ab则♍♋☎✆ 设♋,♌,♍≠ 是三个整数,若♍♋,♍♌,则♍♋±♌☎✆ 设♋,♌,♍是三个整数 若♍♋,♍♌则对任意整数♦,♦,有♍♦♋♦♌☎✆ 若整数♋  ⑤♋⏹都是整数♍≠ 的倍数,则对任意⏹个整数♦,⑤,♦⏹,整数是♍的倍数☎✆ 设♋,♌都是非零整数 若♋♌,♌♋,则♋±♌ ☎✆ 设♋ ♌  ♍是三个整数,且♌≠ ,♍ ≠ ,如果☎♋  ♍✆则 ☎♋♌  ♍✆☎♌  ♍✆☎✆ 设♋  ♌  ♍是三个整数,且♍≠ ,如果♍|♋♌  ☎♋  ♍✆   则♍  ♌☎✆ 设☐ 是素数,若☐ ♋♌  则☐ ♋或☐♌☎✆ 设♋  ⑤♋⏹是⏹个整数,☐是素数,若☐ ♋ ⑤♋⏹ 则☐一定整除某一个♋ 二 整数的表示主要掌握二进制、十进制、十六进制等的相互转化 三 最大公因数和最小公倍数 ☎一✆最大公因数 .最大公因数的概念nn a s a s ++ 11定义:设是个整数,若使得 ,则称为的一个因数.公因数中最大的一个称为的最大公因数.记作若 则称 互素.若 则称两两互素.思考: .由两两互素,能否导出.由 能否导出两两互素?.最大公因数的存在性☎✆若 不全为零,则最大公因数存在并且☎✆若全为零,则任何整数都是它的公因数.这时,它们没有最大公因数..求两个正整数的最大公因数.定理 :设任意三个不全为零的整数,且 则辗转相除法由带余除法 得☎✆⑤⑤因为每进行一次带余除法,余数至少减少 ,且是有限整数,故经过有限次带余除法后,总可以得到一个余数是零的情况,即由☎✆知,定理 :任意两个正整数 则是☎✆中最后一个不等于零的余数.定理 :任意两个正整数的任意公因数都是的因数. .性质定理 :任意两个正整数,则存在整数,使得成立定理 :设是不全为零的整数.☎♓✆若则☎♓♓✆若则☎♓♓♓✆若是任意整数,则从上面定理我们很容易得到下面几个常用结论:♊♋ 且♌♍.求两个以上正整数的最大公因数设则有下面的定理:定理 :若 是个正整数,则只需证♊是的一个公因数.♋ 是的公因数中最大一个例 求解:.求两个正整数的最大公因数的线性组合(重点掌握)方法一 运用辗转相除法求最大公因数的逆过程;方法二 补充的方法方法三 运用列表法求解☎二✆ 最小公倍数.最小公倍数的定义定义: 是 个整数,如果对于整数,有那么叫做的一个公倍数.在 的一切公倍数中最小一个正整数,叫做最小公倍数.记作 ..最小公倍数的性质.定理 :设是任给的两个正整数,则☎♓✆的所有公倍数都是的倍数.☎♓♓✆定理 :设正整数是的一个公倍数,则.求两个以上整数的最小公倍数定理 :设是个正整数 若则只需证:♊是 的一个公倍数,即♋设是的任一公倍数 则例 求解:又四 素数 算术基本定理.素数、合数的概念定义:一个大于 的整数,如果它的正因数只有 和它的本身,我们就称它为素数,否则就称为合数..性质定理 :设是大于 的整数,则至少有一个素因数,并且当是合数时,若是它大于 的最小正因数,则p ,都有定理 设⏹是一个正整数,如果对所有地素数n☐ ⏹则⏹一定是素数求素数的基本方法:爱拉托斯散筛法。

信息安全数学基础第01章

信息安全数学基础第01章
注: 全体正整数可分为三类:
1 正整数 全体素数 全体合数
1.2 整数的进位制表示法
带余除法 整数的二进制表示法 数值转换
1.2 整数的进位制表示法
带余除法 定理1.2.1(带余数除法):设a是正整数,b是整数,则 一定存在唯一的整数q和r,使得 b=qa+r,其中0≤r<a 并分别称q与r为a 除b的商和余数。
1.1 整数
整除 定理1.1.1:若整数a,b,c满足条件a|b且b|c,则a|c。
证明:若a|b且b|c,则由定义1.1.1知道存在整数e和f使得 b=ae且c=bf,于是 c=bf=(ae)f=a(ef) 由于整数e与f的乘积仍然是整数,因而a|c。
例如:由于11|66且66|198,由定理1.1.1就有11|198。
1.2 整数的进位制表示法
带余除法 为什么重复带余除法的过程可以在有限步骤内使得商为 0?
因为b>1,n>0,故 q0>q1>…>qi>… qk-1 ≥0 而qi均为整数,故该不等式一定在有限项内成立。而当 qk-1<b时,必有 qk-1=b∙0+ak, 0≤ak<b 故重复带余除法过程可以在有限步骤内使得商为0。
1.2 整数的进位制表示法
带余除法 证明思路:按照带余除法的方法,先证表达式的存在性 ,再证明其唯一性。
1.2 整数的进位制表示法
带余除法 证明:先证表达式的存在性。首先,以b除n,得到 n=bq0+a0, 0≤a0<b 如果q0≠0,继续以b除q0,得到 q0=bq1+a1, 0≤a1<b 继续这个过程,依次得到 q1=bq2+a2, 0≤a2<b q2=bq3+a3, 0≤a3<b ……..................... qk-2=bqk-1+ak-1,0≤ak-1<b qk-1=b∙0+ak, 0≤ak<b 当商为0时,结束这个过程。

信息安全数学第1章 整除

信息安全数学第1章 整除

西科视觉
巫玲
1.3 欧几里得算法
❖ 另一种算法——递归
int gcd ( int a, int b )
{ if (b==0)
return a; else
return gcd(b, a%b);
}
西科视觉
巫玲
1.3 欧几里得算法
❖Extended-Euclid 算法:
▪ 同时求出 v, u 使 gcd ( a, b ) = u * a + v * b
▪ 这里y可以为任意值就意味着解会有无数个。 我们可以用a = d, b = 0的情况逆推出来 任何gcd(a, b) = d 满足a*x + b*y = d的解。
西科视觉
巫玲
1.3 欧几里得算法
❖如果x0, y0是b*x + (a%b)*y = d 的解, 那么对于a*x + b*y = d的解呢?
18=9*2 反推:
因为(243,198)=9|909 因此方程有解
因此243*9-198*11=9 因此 243*9*101-198*11*101=101*9
证:利用性质(3),m|sa+tb=1 =>m=±1 n=n(sa+tb)=sk.ba+tq.ba =>ab|n
西科视觉
巫玲
1.1 整除
❖ 例3 : m奇, p+q|pm +qm ;p - q|pm - qm 归纳法:
(1) m=1, p+q|p+q (2) 设m=2k-1时,p+q|p2k-1+q2k-1 (3) 当m=2k+1时,p2k+1+q2k+1=p2(p2k-1+q2k-1)- q2k-1(p2 - q2)

信息安全数学基础(武汉大学)第一章

信息安全数学基础(武汉大学)第一章

称 q 为 b 除 a 的不完全商。 当b | r 时, b | a ;特别的,当 r = 0 时,q 为完全商。
2011-3-15 西南交通大学信息科学与技术学院
27
(1) 取 c = 0,则 0 ≤r < |b|,称 r 为 a 被 b 除后的最小 非负余数,此时, b | a r=0 (2) 取 c = 1,则 1 ≤r ≤|b|,称 r 为 a 被 b 除后的最小 正余数,此时, b | a r =|b| (3) 取 c = -|b|+ 1,则 -|b|+ 1 ≤ r ≤ 0 ,称 r 为 a 被 b 除 后的最大非正余数,此时, b | a r=0 (4) 取 c = -|b|,则 -|b|≤ r < 0,称 r 为 a 被 b 除后的最大 负余数,此时, b | a r = -|b| (5) 当 b 为偶数时,取 c = -|b|/ 2,有 -|b|/ 2 ≤ r < |b|/ 2, 或取 c = -|b|/ 2 + 1,有 -|b|/ 2 < r ≤ |b|/ 2; 当 b 为奇数时,取 c = -(|b|-1) / 2,有-(|b|-1) / 2 ≤ r ≤ (|b|-1) / 2,此时,称 r 为绝对值最小余数
2011-3-15
西南交通大学信息科学与技术学院
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(问题3-素数个数是否无限?)
定理1-3:素数有无穷多个。
证明:反证法。假定素数只有有限多个(k个),记为
p1=2, p2=3, … , pk 设整数 n=p1· p2…pk+1, ∵ n>pi (i=1,2,…,k), ∴ n 为合数。 由定理1-2知,一定存在1≤j≤k,使得 pj | n, 又∵ pj | p1· p2…pk,, ∴ 由整除的性质1-1(3)得: pj | (n - p1· p2…pk)=1 而这是不可能的,所以存在无穷多个素数。

信息安全数学基础习题答案

信息安全数学基础习题答案
所以n=2*5*7 k2 即n=70 k2, k2 Z
因此70|n
2.证明:因为a3-a=(a-1)a(a+1)
当a=3k,k Z 3|a 则3|a3-a
当a=3k-1,k Z 3|a+1 则3|a3-a
当a=3k+1,k Z 3|a-1 则3|a3-a
所以a3-a能被3整除。
3.证明:任意奇整数可表示为2 k0+1, k0 Z
(2 k0+1)2=4 k02+4 k0+1=4 k0 (k0+1)+1
由于k0与k0+1为两连续整数,必有一个为偶数,所以k0 (k0+1)=2k
所以(a+b,4)=4
37.证明:反证法
假设n为素数,则n| a2- b2=(a+b)(a-b)
由1.4定理2知n|a+b或n|a-b,与已知条件矛盾
所以假设不成立,原结论正确,n为合数。
40.证明:(1)假设是21/2有理数,则存在正整数p,q,使得21/2=p/q,且(p, q)=1
=13*41-14*(161-3*41)
=-14*161+55*(363-2*161)
=55*363+(-124)*(1613-4*363)
=(-124)*1613+551*(3589-2*1613)
所以(2t+1,2t-1)=1
(2)解:2(n+1)=1*2n+2
2n=n*2
所以(2n,2(n+1))=2
32.(1)解:1=3-1*2
=3-1*(38-12*3)
=-38+13*(41-1*38)

信息安全数学基础第一章-第一章第3节

信息安全数学基础第一章-第一章第3节
sa + tb = d 于是若e | a, e | b, 则e | sa tb, 因而e | d.
反之, 若(1)成立, 则d是a, b的公因数;
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则若(2)成立, a, b的任一公因数e | d,于是 | e | d, 因此, d是a, b的最大公因数.
注 : 定理7中条件(1)和(2)可以作为最大公因数的定义.
证 (1) 设d | ai ,1 i n, 则有d || ai |,1 i n. 故a1 , a2 ,L , an的公因数也是 | a1 |,| a2 |,L ,| an | 的公 因数.
反之, 设d || ai |,1 i n, 同样有d | ai ,1 i n. 故 | a1 |,| a2 |,L ,| an | 的公因数也是a1 , a2 ,L , an的公 因数.
于是由定理3可知, (a, b) (r0 , r1 ) (r1 , r2 ) (r2 , r3 ) L (rn1 , rn )
(rn , rn1 ) (rn , 0) rn 定理4 设a, b是任意两个正整数, rn是广义欧 几里得除法中最后一个非零余数, 则(a, b) rn .
0 r2 r1 ,
r1 r2q2 r3 ,
0 r3 r2 ,
LLLLLLL
rn2 rn1qn1 rn , 0 rn rn1 ,
rn1 rnqn rn1 ,
rn1 0
因为0 L rn rn1 L r2 r1 b,所以经过有
限步骤,必存在n, 使得rn1 0. 8
17
由定理5及其证明, 可得求整数s, t使得 sa tb (a, b)
的方法. 首先, 令
r0 a, r1 b s0 1, s1 0 t0 0, t1 1

信息安全数学基础课后答案陈恭亮著清华大学出版社

信息安全数学基础课后答案陈恭亮著清华大学出版社

信息安全数学基础习题答案第一章整数的可除性∈1�证明�因为2|n所以n=2k,k Z∈5|n所以5|2k�又�5�2�=1�所以5|k即k=5k1�k1Z∈7|n所以7|2*5k1,又�7�10�=1�所以7|k1即k1=7k2�k2Z∈所以n=2*5*7k2即n=70k2,k2Z因此70|n2�证明�因为a3-a=(a-1)a(a+1)∈当a=3k�k Z3|a则3|a3-a∈当a=3k-1�k Z3|a+1则3|a3-a∈当a=3k+1�k Z3|a-1则3|a3-a所以a3-a能被3整除。

∈3�证明�任意奇整数可表示为2k0+1�k0Z�2k0+1�2�4k02+4k0+1=4k0(k0+1)+1由于k0与k0+1为两连续整数�必有一个为偶数�所以k0(k0+1)=2k所以�2k0+1�2=8k+1得证。

4�证明�设三个连续整数为a-1,a,a+1则(a-1)a(a+1)=a3-a由第二题结论3|�a3-a�即3|(a-1)a(a+1)又三个连续整数中必有至少一个为偶数�则2|(a-1)a(a+1)又�3�2�=1所以6|(a-1)a(a+1)得证。

5�证明�构造下列k个连续正整数列�∈(k+1)�+2,(k+1)�+3,(k+1)�+4,……,(k+1)�+(k+1),k Z对数列中任一数(k+1)�+i=i[(k+1)k…(i+1)(i-1)…2*1+1],i=2,3,4,…(k+1)所以i|(k+1)�+i即(k+1)�+i为合数所以此k个连续正整数都是合数。

6�证明�因为1911/2�14,小于14的素数有2�3�5�7�11�13经验算都不能整除191所以191为素数。

因为5471/2�24,小于24的素数有2�3�5�7�11�13�17�19�23经验算都不能整除547所以547为素数。

由737=11*67,747=3*249知737与747都为合数。

8�解�存在。

e g�a=6,b=2,c=9∈10�证明�p1p2p3|n�则n=p1p2p3k�k N+又p1≤p2≤p3�所以n=p1p2p3k≥p13即p13≤n1/3p1为素数则p1≥2�又p1≤p2≤p3�所以n=p1p2p3k≥2p2p3≥2p22即p2≤(n/2)1/2得证。

信息安全数学基础证明题答案

信息安全数学基础证明题答案

信息安全数学基础习题答案第一章整数的可除性5.证明:构造下列k个连续正整数列:(k+1)!+2, (k+1)!+3, (k+1)!+4,… (k+1)!+(k+1), k∈Z对数列中任一数(k+1)!+i=i[(k+1)k…(i+1)(i-1)…2*1+1], i=2,3,4,…(k+1)所以i|(k+1)!+i 即(k+1)!+i为合数所以此k个连续正整数都是合数。

13.证明:反证法(这个直接构造法是错误的)假设形如4k+1的素数只有有限个,记为p1, p2,…, p n构造N=4*p1*p2*…*p n+1≥3*p1*p2*…*p n所以N>p i (i=1,2,…,n)所以N为4k+1形式的素数,(错误在于,N只是不能被4k+1的素数整除,但并不能说明,N不能被其他形式的素数整除)所以假设不成立。

原结论正确,形如4k+1的素数有无穷多个。

反证法(费马小定理)1.假设形如4k+1的素数只有有限个,记为p1, p2,…, p n设m= p1*p2*…*p n,设q=4m2+1> p n, 是合数,则存在素数p,使得p|q所以有4m2=1(mod p),p不能整除2m,则(p,2m)=1。

由费马小定理得(2m)p-1=1(mod p)(q-1)(p-1)/2=1(mod p)因为p|q,所以(-1) (p-1)/2=1(mod p)所以4| (p-1)所以p是4k+1型的素数,且不p i中,与假设矛盾。

所以形如4k+1的素数有无穷多个。

2.课堂上讲过的方法37.证明:反证法假设n为素数,则n| a2- b2=(a+b)(a-b)由1.4定理2知n|a+b或n|a-b,与已知条件矛盾所以假设不成立,原结论正确,n为合数。

40.证明:(1)假设是21/2有理数,则存在正整数p,q,使得21/2=p/q,且(p, q)=1 平方得:p2=2q2, 即2|p2,所以p=2m, m∈N因此p2=4m2=2q2 q2=2m2 q=2n, n∈N则(p, q)=(2m,2n)=2(m, n)≥2与(p, q)=1矛盾所以假设不成立,原结论正确,21/2不是有理数。

信息安全数学基础答案第一二三四五章(许春香 廖永建)

信息安全数学基础答案第一二三四五章(许春香 廖永建)

mi| a-b
则 [m1,…,mn] | (a-b) 所以 a=b (mod [m1,…,mn] ).
(11) 对两式进行变形有 21=0(mod m), 1001=0(mod m),可以看出要求满足的 m 即使求 21 和 1001 的公约数, 为 7 和 1. ( 12 ) (70!)/(61!)=
bc=k2d(m/d)+r 所以 ac=bc(mod m/d),因为(c,m/d)=1, 所以两边可以同除以一个 c, 所以结论成立. 第二个问题: 因为 a=b(mod m), 所以 a-b=ki*mi, a-b 是任意 mi 的倍数,所以 a-b 是 mi 公倍数,所以 [mi]|a-b.(利用式子:最小公倍数=每个数的乘积/最大公约 数, 是错误的, 该式子在两个数时才成立) (15) 将整数每位数的值相加, 和能被 3 整除则整数能被 3 整除, 和能被 9 整除则整数能被 9 整除, (1)能被 3 整除, 不 能被 9 整除,(2)都不能,(3)都不能,(4)都不能
=-1×2 ×3× 4 ×5 ×6 ×7× 8× 9 (mod 71) =1 (mod 71) 所以 70!=61! (mod 71)
13、证明:因为 2 = -1 (mod 3), 所以 2n = (-1)n (mod 3), 2n +1= (-1)n +1(mod 3). 当 n 为奇数时, 2n +1= 0(mod 3),即能被 3 整除. 当 n 为偶数时, 2n +1= 2(mod 3),即不能被 3 整除. 14、证明: (1) 因为 ac=bc (mod m),
又由定理 1(page7) ,存在 j1 满足 又因为 pj 为素数,所以有 q1 = pj1 同理得 q2 = pj2 得 注意:在证明过程没使用标准因子分解式! 6、 因为非零 a, b, c 互素,所以(a, b)=(a, c)=1,又因为 a=p1p2––pr, b=q1q2––qs, ab=p1p2––prq1q2––qs, 又因 为 a, b, c 互素, 所以 a, b, c 中没有公共(相同)素因子, 明显 ab 和 c 也没有公共(相同)素因子.所以(ab, c)= (a, b)(a, c). 定义: (1)如果整数 dai (2) 设 d0 是 ai (1 ≤ i≤ n) ,则 d 称为 ai 的公因子. (1 ≤ i≤ n)的公因子, 如果 ai (1 ≤ ,…, qr = pjr,
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定理1 一个群G和它的一个子群 和它的一个子群H有 定理1 一个群 和它的一个子群 有: 1)G的单位元和 的单位元是同一的; 的单位元和H的单位元是同一的 ) 的单位元和 的单位元是同一的; 2)如果 ∈H,a−1是a在G中的逆元,则a−1∈H. 中的逆元, )如果a∈ , 在 中的逆元 .
21
1.2
5
1.1 群的定义-群的定义
定义3 定义 是一个非空集合, 设 G 是一个非空集合, 是 G上的一个代数 运算,如果该运算满足如下三条性质: 运算,如果该运算满足如下三条性质:
(1)结合律: ∀a, b, c ∈ G , )结合律:
(a b) c = a (b c)
(2)有单位元:∃ 1∈ G, ∀a ∈ G , 1 a = a 1 = a )有单位元: (3)有逆元:对 ∀a ∈ G, 存在 a ' ∈ G, 使得 )有逆元:
该集合对于矩阵的普通乘法是一个群, 该集合对于矩阵的普通乘法是一个群,单位元是
1 0 0 1
11
1.1 群的定义-群的例子 群的定义例6
GL(n, R ) = { A ∈ R n×n , 一般线性群: 一般线性群:
特殊线性群: (n, R) = A A ∈ R n×n , A = 1 特殊线性群: SL
a a = a a =1
' '
为一个群 则称 (G, ) 为一个群(Group) )
6
1.1 群的定义-群的定义
进一步, 还满足如下的交换律: 进一步,如果群 (G , )还满足如的交换律:
∀a, b ∈ G, a b = b a
交换群(commutative group )。 则称 (G, ) 为交换群 。 表示。 注1:群中的单位元是唯一的,一般用 表示。 :群中的单位元是唯一的,一般用1表示 的逆元是唯一的, 注2:群中每一个元素 a 的逆元是唯一的,记为a −1。 : 表示, 注3:交换群中代数运算通常用 + 表示,此时单位 : 元称为零元,记为0,逆元称为负元, 元称为零元,记为 ,逆元称为负元,记为 −a 。
SL(n, R ) ≤ GL(n, R )
18
1.2
群的性质群的性质-子群
定理1 一个群G和它的一个子群 和它的一个子群H有 定理1 一个群 和它的一个子群 有: 1)G的单位元和 的单位元是同一的; 的单位元和H的单位元是同一的 ) 的单位元和 的单位元是同一的; 2)如果 ∈H,a−1是a在G中的逆元,则a−1∈H. 中的逆元, )如果a∈ , 在 中的逆元 .
10
a =b
1.1 群的定义-群的例子
集合的元素不一定是数, 例5 集合的元素不一定是数,下面是集合元素为二阶 方阵的例子: 方阵的例子:
1 0 −1 0 1 0 −1 0 , , , 0 1 0 −1 0 −1 0 1
−1
UH
i =1

H1 ⊆ H 2 ⊆ H 3 ⊆ …
i
≤G
22
习题: 习题:
是一个群,证明: 习题 1. 设 G 是一个群,证明: G 中元素 x 是 元素 a 的逆元的充要条件是 的逆元的充要条件是
a ⋅ x = 1.
是一个群, 习题 2. 设 G 是一个群, a,b∈G,则 ∈ ,
(a ⋅ b) −1 = b −1a −1 .
● ●
8
1.1 群的定义-群的例子
整数加群,有理数加群,实数加群,复数加群。 例1 整数加群,有理数加群,实数加群,复数加群。 非零有理数乘法群,非零实数乘法群。 例2 非零有理数乘法群,非零实数乘法群。 例3 :自然数集合 N={1,2,3,... ,...} = , , ,... 对于通常的加法封闭且满足结合律,但不存在单 对于通常的加法封闭且满足结合律, 位元和逆元,因此对于加法是半群不是群 。 位元和逆元,
7
1.1 群的定义-群的定义
注4:由于群里结合律是满足的,把元素 的n次连乘 :由于群里结合律是满足的,把元素a的 次连乘 记为a 交换群也可记为na),称为a的 次幂 ),称为 记为 n (交换群也可记为 ),称为 的n次幂 或称乘方)。 (或称乘方)。 注5:若(G, )只满足结合律,则称 为半群;如果 只满足结合律, 为半群; : 只满足结合律 则称G为半群 (G, ) 满足结合律且有单位元,则称 为有单位元的 满足结合律且有单位元,则称G为有单位元的 半群。 半群。
{
A ≠ 0}
}
例7
上全体置 n次对称群 Sn: 集合 {1, 2,3,L , n} 换关于置换的合成运算构成的群。 换关于置换的合成运算构成的群。
12
1.1 群的定义-群的例子
是一个非平方数, 例 8 设D是一个非平方数,则集合: 是一个非平方数 则集合:
Z ( D ) = {a + b D | a, b ∈ Z }
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1.2
群的性质群的性质-子群
是一个群, 的非空子集, 定义6 定义 设 G 是一个群,H是 G的非空子集,如 的运算也构成一个群, 果 H 关于群 G 的运算也构成一个群,那么称 H 子群, 至少有两个子群: 是 G 的子群,记为 H ≤ G 。群G至少有两个子群: 至少有两个子群 G本身;只包含单位元的子集 ,它们称为 的 本身; 本身 只包含单位元的子集{e},它们称为G的 平凡子群,其他子群为真子群。 平凡子群,其他子群为真子群。 整数加群是有理数加群的子群; 例1.6 整数加群是有理数加群的子群;非零有理数 乘法群是非零实数乘法群的子群; 乘法群是非零实数乘法群的子群; 特殊线性群是一般线性群的子群, 例1.7 特殊线性群是一般线性群的子群,即
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1.2
群的性质群的性质-元素的阶
定义5 设 G 为一个群, a ∈ G ,如果存在正整 为一个群, 定义 为有限阶元, 数 n,使得 a n = 1 ,则称 a 为有限阶元,否则称 为无限阶元。 为有限阶元时, 为无限阶元。当 a 为有限阶元时,称使得 a n = 1 的阶。 的最小正整数为元素 a 的阶。 的阶, 1)记 | a | 为元素 a 的阶,则
4
1.1 群的定义-代数运算
定义2 是大于1的任意正整数, 定义 设 n 是大于1的任意正整数,剩余类集
Z n 定义为 Z n = {0, 1, 2, L , n − 1}
中定义如下两种运算: 在集合 Z n中定义如下两种运算: 的加法: 模 n 的加法: a ⊕ b = a + b mod n 的乘法: 模 n 的乘法: a ⊗ b = a × b mod n
9
1.1 群的定义-群的例子
例4 当n时素数足够大时(Z n , ⊕) , 模 ),这个 模 n 的剩余类加法群 ( 大于200位),这个 时素数足够大时( 时素数足够大时 大于 位 n 的剩余类 问题就远远超过人类的目前计算能力。 问题就远远超过人类的目前计算能力。 乘法群 ( Z nφ , ⊗) ,其中 该问题促进了大素数的研究, 该问题促进了大素数的研究,目前最大的 φ Z 素数是2 = {a a ∈ Z n , ( 超过1200万位 万位), 素数是 n43112609 -1(超过a, n) = 1} ,对超 超过 万位 万位的素数, 过1000万位的素数,美国的电子基金会奖 万位的素数 φ * 万美元。 为素数时, 。 励10万美元 万美元 当n为素数时,则 Z n = Z n = Z n \{0} 。对已知的 为素数时 * 求整数x, a, b ∈ Z n 求整数 ,使 :DH密钥交换协议、 该问题被应用于: x 密钥交换协议 密钥交换协议、 该问题被应用于 ElGamal公钥密码算法、DSA数字签名算 公钥密码算法、 公钥密码算法 数字签名算 的问题为离散对数问题。 的问题为离散对数问题。 法等离散对数问题
群的性质-子群的判定 群的性质-
是一个群( 定理 2 设 G 是一个群(不妨设其中的运算为乘 的非空子集, 法), H 为 G 的非空子集,则
H ≤ G ⇔ ∀a, b ∈ H , ab ∈ H
例1.8群 G 的任意多个子群的交集仍为 G 的子群。 的子群。 1.8群 的一个子群开链, 例1.9设 {H i }i∈N 为群 G 的一个子群开链,即 1.9设 则H =
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上次课回顾
定义3 定义 是一个非空集合, 设 G 是一个非空集合, 是 G上的一个代数 运算,如果该运算满足如下三条性质: 运算,如果该运算满足如下三条性质:
(1)结合律: ∀a, b, c ∈ G , )结合律:
(a b) c = a (b c)
(2)有单位元:∃ 1∈ G, ∀a ∈ G , 1 a = a 1 = a )有单位元: (3)有逆元:对 ∀a ∈ G, 存在 a ' ∈ G, 使得 )有逆元:
信息安全数学基础
1
授课内容
代数基础 群 环 域 数论基础 整除与同余 原根与素性检测 组合论 移位寄存器序列
2
第一章
1.1 群的定义 1.2 群的性质

1.3 正规子群与商群 1.4 群的同态与同构 1.5 置换群
3
1.1 群的定义-代数运算
定义1 是一个非空集合, 定义1 设 M 是一个非空集合 如果存在一个对 应规则 f , 使得对M中任意两个元素 和b, 在 M 中 使得对 中任意两个元素a 中任意两个元素 都有唯一确定的元素 与它们对应, 确定的元素c与它们对应 都有唯一确定的元素 与它们对应 则称 f 为M上的 上 代数运算( 一个代数运算 二元运算) 记作c 一个代数运算(二元运算), 记作 = f(a, b)或简记 或简记 为 c = a · b. 一些基本代数运算: 一些基本代数运算: 上的加法运算; 减法? (1)自然数集 N 上的加法运算;(减法?) 上的加法、减法与乘法运算; (2)整数集 Z 上的加法、减法与乘法运算; 上的加法、减法和乘法运算; (3)有理数集 Q上的加法、减法和乘法运算; 非零有理数集 上的乘法与除法运算; (4)非零有理数集Q*上的乘法与除法运算; (5)实数域上全体 n阶方阵的集合 R n×n上的矩阵的加 法与乘法运算。 法与乘法运算。
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