加乘原理知识点

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学而思加乘原理初步课件

加乘原理的重要性
加乘原理在数学中的应用
培养逻辑思维
加乘原理是数学中基本运算之一，对于进行各种复杂的计算具有重要的实际意义。
学习加乘原理有助于培养逻辑思维，提高对数学问题的分析和解决能力。
加深对数学概念的理解
通过学习加乘原理，可以更深入地理解数学中的一些基本概念，如代数、函数等。
加乘原理的应用范围
劣势3
加乘原理的应用需要投入时间和精力，需要进行必要的准备和规划。
对加乘原理未来的展望和期待
发展方向1
深入研究加乘原理的理论和实践，探索其应用范围和领域，推动其在更广泛领域的应用和发展。
发展方向2
加强加乘原理与其他理论或技术的结合，形成新的理论或技术体系，为解决复杂问题提供更多有效的工具和方法。
到一个整体，这个整体的效果大于各个部分的效果之和。
总结2
02
加乘原理可以应用于各种领域，如数学、物理、化学等，以及
商业、管理、教育等方面。
总结3
03
加乘原理是一种思维方式和工具，可以帮助人们更好地理解和
解决复杂问题，提高效率和效果。
分析加乘原理的优势和劣势
优势1
加乘原理可以帮助人们更好地认识事物的本质和规律，从而更好地进行决策和行动。
和融合，能够产生新的工作思路和方法，从而更好地完成工作任务。
03
职业规划与发展
加乘原理可以帮助我们更好地规划职业发展，通过将不同的职业领域进
行关联和整合，能够更好地了解职业发展趋势和机会。
生活上的应用
提高生活质量
加乘原理可以帮助我们更好地管理生活，通过将不同的生活领域进行优化和整合，能够提高生活质量。
案例二：力量的加乘
总结词

小学计算知识点总结

小学计算知识点总结一、加法1. 加法原理加法是指将两个或多个数值相加的运算。

计算加法时，要注意数位对齐，从低位向高位逐位相加，有进位时要注意进位。

例如：245 + 367 = ?2. 加法性质加法满足交换律、结合律和加法零元素律。

交换律：a + b = b + a结合律：(a + b) + c = a + (b + c)加法零元素律：a + 0 = a3. 加法运算的拓展在小学阶段，还可以拓展一些涉及多位数的加法运算。

比如：1234 + 5678 = ?二、减法1. 减法原理减法是指一个数值减去另一个数值所得的差的运算。

计算减法时，要注意数位对齐，从低位向高位逐位相减，有借位时要注意借位。

例如：645 - 237 = ?2. 减法性质减法不满足交换律和结合律，但满足减法零元素律。

减法零元素律：a - 0 = a3. 减法运算的拓展在小学阶段，还可以拓展一些涉及多位数的减法运算。

比如：2569 - 1234 = ?三、乘法1. 乘法原理乘法是指将两个数相乘得到积的运算。

计算乘法时，可以采用列竖式或加法的方式计算。

例如：24 × 13 = ?2. 乘法性质乘法满足交换律、结合律和分配律。

交换律：a × b = b × a结合律：(a × b) × c = a × (b × c)分配律：a × (b + c) = a × b + a × c3. 乘法运算的拓展在小学阶段，还可以拓展一些涉及多位数的乘法运算。

比如：12345 × 67 = ?四、除法1. 除法原理除法是指一个数被另一个数除得商的运算。

计算除法时，要注意被除数、除数、商和余数之间的关系。

例如：36 ÷ 9 = ?2. 除法性质除法不满足交换律和结合律。

3. 除法运算的拓展在小学阶段，除法可以拓展到涉及多位数的除法运算。

比如：1698 ÷ 23 = ?五、整数的加减乘除1. 整数的加减整数的加减运算与自然数的加减运算类似，只是要注意正数相加为正数，负数相加为负数，正数减去负数为正数，负数减去正数为负数。

四年级下册数学讲义奥数导引 21 加法原理与乘法原理

一、基本原理1、加法原理：如果完成一件事有k 类方式，每类分别有1n 、2n 、…、k n 种不同方法，那么这件事共有12k N n n n =+++种完成方法．2、乘法原理：如果完成一件事要分为k 个步骤，每个步骤分别有1n 、2n 、…、k n 种不同方法，那么这件事共有12k N n n n =⨯⨯⨯种完成方法．二、判断方法分类用加法，分步用乘法是基本原则，但难点是如何判定问题属于分类还是分步．类与类之间满足：只选一类即可完成整件事，且不能同时选多类；步与步之间满足：每步只是整件事的一个步骤，只选一步无法完成整件事，必须全部完成，且步与步之间通常有先后顺序．若光做A 之后整件事情就已经全部完成了，那么A 就是一类做法，应用加法原理；若做完A 后整件事情并没有完成，那么A 就只是整件事的其中一步，应用乘法原理．三、其它说明（1）枚举法和加乘原理是整个计数模块的最基础内容，重要性极强，所有后续讲次的内容全是由它们推导出来的，务必记住相应方法结论并理解其原理．（2）点标数法本质上是加乘原理和倒推法的结合，标数前需把上一步的位置考虑周全．（3）只用加法原理或乘法原理就能解答的通常是中低档题，在用乘法原理前务必检验是否满足“前不影响后”，即前面步骤可以影响下一步的具体方法，但不能影响下一步的方法数．（4）难题通常是加乘混合型，即“类里套步”或“步里套类”，特别是需分很多类的题目．当乘法原理无法解决问题时，一定要分类，切忌“强行使用”乘法原理．当类别过多时，可考虑使用排除法，从反面考虑问题．第9讲加法原理与乘法原理知识点【例1】爸爸、妈妈带小高去吃西餐．餐厅里有米饭和面条2种主食，烤牛排、烤羊排和烤鸡排3种主菜，奶油蘑菇汤1种汤，以及蛋糕和布丁2种甜点．如果小高想要点1种主食和1种主菜，汤和甜点可点可不点，而且种类不限．请问：小高一共有多少种点菜方法？【例2】如图所示，在一个34的方格表内放入4枚相同的棋子，要求每列至多有1枚棋子，一共有多少种不同的放法？如果放入4枚互不相同的棋子，要求每列至多有1枚棋子，一共有多少种不同的放法？【例3】如下图所示，将图中的八个部分用红、黄、绿、蓝这4种不同的颜色染色，而且相邻的部分不能使用同一种颜色，不相邻的部分可以使用同一种颜色．请问：这幅图共有多少种不同的染色方法？超越篇题目A B C DEFGH【例4】用4种不同的颜色给下图中的圆圈染色，有线段相连的两个圆圈不能同色，一共有多少种不同的染色方法？【例5】一只甲虫沿着下图中的方格线从A 爬到B ，每次只能向右爬一格或向上爬一格．图中画着黑点的地方不能通过．请问：这只甲虫可以选择多少条不同的路线？【例6】王老师家装修新房，需要2个木匠和2个电工．现有木匠3人、电工3人，另有1人既能做木匠也能做电工．要从这7人中挑选出4人完成这项工作，共有多少种不同的选法？ABDCB【例7】如下图所示，一只小甲虫要从A 点出发沿着线段爬到B 点，不能重复经过任何点．试问：这只甲虫有多少种不同的走法？【例8】如图所示，国际象棋中的棋子“皇后”从左下角走到右上角，每步只能向右、向上或者向右上移动任意多格，一共有多少种不同的走法？【习题1】元旦前，小芳给她的五位同学做贺卡，将贺卡装入信封时她装错了，五位同学都没收到小芳给自己做的贺卡，收到的是小芳给别人的贺卡．则一共有几种可能出现的情？补充题目【习题2】如图，有一个48的棋盘，现将一枚棋子放在棋盘左下角格子A处，要求每一步只能向棋盘右上或右下走一步（如从C走一步可走到D或E），那么将棋子从A走到棋盘右上角B处共有多少种不同的走法？【习题3】用4种颜色给右图中的9个小圆圈染色，要求有线段相连的两个圆圈的颜色不能相同．那么一共有几种不同的染法？【习题4】甲、乙两人玩抓石子游戏，共有12个石子，甲先乙后轮流抓取．每次可以抓取其中的2个、3个或4个，直到最后抓取完毕为止，那么共有多少种抓取石子的方案？。

《加法乘法原理和几何计数》知识点总结

《加法乘法原理和几何计数》知识点总结加法乘法原理和几何计数加法原理：如果完成一件任务有n类方法，在第一类方法中有m1种不同方法，在第二类方法中有m2种不同方法……，在第n类方法中有mn种不同方法，那么完成这件任务共有：m1+m2……+mn种不同的方法。

关键问题：确定工作的分类方法。

基本特征：每一种方法都可完成任务。

乘法原理：如果完成一件任务需要分成n个步骤进行，做第1步有m1种方法，不管第1步用哪一种方法，第2步总有m2种方法……不管前面n-1步用哪种方法，第n步总有mn种方法，那么完成这件任务共有：m1×m2……×mn种不同的方法。

关键问题：确定工作的完成步骤。

基本特征：每一步只能完成任务的一部分。

直线：一点在直线或空间沿一定方向或相反方向运动，形成的轨迹。

直线特点：没有端点，没有长度。

线段：直线上任意两点间的距离。

这两点叫端点。

线段特点：有两个端点，有长度。

射线：把直线的一端无限延长。

射线特点：只有一个端点;没有长度。

①数线段规律：总数=1+2+3+…+;②数角规律=1+2+3+…+;③数长方形规律：个数=长的线段数×宽的线段数：④数长方形规律：个数=1×1+2×2+3×3+…+行数×列数加法原理经典例题：例题1、从甲地到乙地，可以乘火车，也可以乘汽车，还可以乘轮船。

一天中火车有4班，汽车有3班，轮船有2班。

问：一天中乘坐这些交通工具从甲地到乙地，共有多少种不同走法?分析与解：一天中乘坐火车有4种走法，乘坐汽车有3种走法，乘坐轮船有2种走法，所以一天中从甲地到乙地共有：4+3+2=9不同走法。

例2、旗杆上最多可以挂两面信号旗，现有红色、蓝色和黄色的信号旗各一面，如果用挂信号旗表示信号，最多能表示出多少种不同的信号?分析与解：根据挂信号旗的面数可以将信号分为两类。

第一类是只挂一面信号旗，有红、黄、蓝3种;第二类是挂两面信号旗，有红黄、红蓝、黄蓝、黄红、蓝红、蓝黄6种。

计数原理知识点总结高中

计数原理知识点总结高中一、基本原理计数原理的基本原理包括加法原理和乘法原理。

1. 加法原理加法原理是指当一个事件可以分解为几个不相容的部分时，这个事件的总数等于各部分的事件数之和。

加法原理可以用于求解排列组合等问题。

举例: 一个班上有男生20人、女生25人，那么班上的学生总数为20+25=45人。

2. 乘法原理乘法原理是指当一个事件要发生的步骤可以划分为若干个子事件时，这个事件发生的总次数等于各子事件发生次数的乘积。

举例: 要在4x4的格子中按照某种规则走，从左上角到右下角，每一步只能向右或者向下移动，那么一共有6步，每一步有两种选择，那么总共有2^6=64种不同的走法。

二、排列组合排列和组合是计数原理中的两个重要概念，它们是用来计算不同元素的排列和组合的方法。

1. 排列在数学中，排列的定义是指从若干不同的元素中取出一部分进行排列，排列的顺序是有意义的。

对于n个元素中取出m个元素进行排列，共有n(n-1)(n-2)...(n-m+1)种排列，记作A(n,m)。

2. 组合组合是指从若干不同的元素中取出一部分进行组合，组合的顺序是没有意义的。

对于n个元素中取出m个元素进行组合，共有C(n,m) = n!/((n-m)!m!)种组合。

排列和组合在实际问题中有着广泛的应用，比如在组合学、密码学等领域，都会涉及到排列和组合的计算。

因此，掌握排列和组合的相关知识是非常重要的。

三、分配原理分配原理是指把若干个不同的物体分给若干个相异的盒子的方法，它与排列和组合有着密切的联系。

分配原理也是计数原理中的重要内容之一，可以在实际问题中得到广泛的应用。

举例: 有10个苹果和3个盒子，要求将这10个苹果分给这3个盒子，每个盒子至少有一个苹果，求分法的总数。

按照分配原理，将10个苹果放入3个盒子，总共有${{10-1}\choose{3-1}}=36$种不同的分法。

分配原理在实际问题中也有着广泛的应用，比如在计算机科学中的任务调度、网络流量控制等方面都会用到分配原理的相关知识。

初中数学重点梳理：加法原理和乘法原理

加法原理和乘法原理知识定位加法原理和乘法原理是计数研究中最常用、也是最基本的两个原理．所谓计数，就是数数，把一些对象的具体数目数出来．当然，情况简单时可以一个一个地数．如果数目较大时，一个一个地数是不可行的，利用加法原理和乘法原理，可以帮助我们计数．知识梳理知识梳理1.加法原理完成一件工作有n种方式，用第1种方式完成有m1种方法，用第2种方式完成有m2种方法，…，用第n种方式完成有m n种方法，那么，完成这件工作总共有m+m2+…+m n1种方法．例如，从A城到B城有三种交通工具：火车、汽车、飞机．坐火车每天有2个班次；坐汽车每天有3个班次；乘飞机每天只有1个班次，那么，从A城到B 城的方法共有2+3+1=6种．知识梳理2.乘法原理完成一件工作共需n个步骤：完成第1个步骤有m1种方法，完成第2个步骤有m2种方法，…，完成第n个步骤有m n种方法，那么，完成这一件工作共有m·m2·…·m n1种方法．例如，从A城到B城中间必须经过C城，从A城到C城共有3条路线(设为a，b，c)，从C城到B城共有2条路线(设为m，t)，那么，从A城到B城共有3×2=6条路线，它们是：am，at，bm，bt，cm，ct．下面我们通过一些例子来说明这两个原理在计数中的应用．例题精讲【试题来源】【题目】利用数字1，2，3，4，5共可组成(1)多少个数字不重复的三位数？(2)多少个数字不重复的三位偶数？(3)多少个数字不重复的偶数？【答案】（1）60 （2）24 （3）130【解析】(1)百位数有5种选择；十位数有4种选择；个位数有3种选择．所以共有5×40×3=60个数字不重复的三位数．(2)先选个位数，共有两种选择：2或4．在个位数选定后，十位数还有4种选择；百位数有3种选择．所以共有2×4×3=24个数字不重复的三位偶数．(3)分为5种情况：一位偶数，只有两个：2和4．二位偶数，共有8个：12，32，42，52，14，24，34，54．三位偶数由上述(2)中求得为24个．四位偶数共有2×(4×3×2)=48个．括号外面的2表示个位数有2种选择(2或4)．五位偶数共有2×(4×3×2×1)=48个．由加法原理，偶数的个数共有2+8+24+48+48=130．【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3【试题来源】【题目】从1到300的自然数中，完全不含有数字3的有多少个？【答案】242【解析】解法1将符合要求的自然数分为以下三类：(1)一位数，有1，2，4，5，6，7，8，9共8个．(2)二位数，在十位上出现的数字有1，2，4，5，6，7，8，98种情形，在个位上出现的数字除以上八个数字外还有0，共9种情形，故二位数有8×9=72个．(3)三位数，在百位上出现的数字有1，2两种情形，在十位、个位上出现的数字则有0，1，2，4，5，6，7，8，9九种情形，故三位数有2×9×9=162个．因此，从1到300的自然数中完全不含数字3的共有8+72+162=242个．解法2将0到299的整数都看成三位数，其中数字3不出现的，百位数字可以是0，1或2三种情况．十位数字与个位数字均有九种，因此除去0共有3×9×9－1=242(个)．【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3【试题来源】【题目】在小于10000的自然数中，含有数字1的数有多少个？【答案】3439【解析】不妨将1至9999的自然数均看作四位数，凡位数不到四位的自然数在前面补0．使之成为四位数．先求不含数字1的这样的四位数共有几个，即有0，2，3，4，5，6，7，8，9这九个数字所组成的四位数的个数．由于每一位都可有9种写法，所以，根据乘法原理，由这九个数字组成的四位数个数为9×9×9×9＝6561，其中包括了一个0000，它不是自然数，所以比10000小的不含数字1的自然数的个数是6560，于是，小于10000且含有数字1的自然数共有9999－6560=3439个．【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂练习题【难度系数】3【试题来源】【题目】求正整数1400的正因数的个数．【答案】24【解析】因为任何一个正整数的任何一个正因数(除1外)都是这个数的一些质因数的积，因此，我们先把1400分解成质因数的连乘积1400=23527所以这个数的任何一个正因数都是由2，5，7中的n个相乘而得到(有的可重复)．于是取1400的一个正因数，这件事情是分如下三个步骤完成的：(1)取23的正因数是20，21，22，33，共3+1种；(2)取52的正因数是50，51，52，共2+1种；(3)取7的正因数是70，71，共1+1种．所以1400的正因数个数为(3+1)×(2+1)×(1+1)=24．说明利用本题的方法，可得如下结果：若p i是质数，a i是正整数(i=1，2，…，r)，则数的不同的正因数的个数是(a1+1)(a2+1)…(ar+1)．【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3【试题来源】【题目】求五位数中至少出现一个6，而被3整除的数的个数．【答案】12504【解析】要使一个数能被3整除，只要确保该数各数位的和是3的倍数即可：于是分别讨论如下：(1)从左向右计，如果最后一个6出现在第5位，即a5=6，那么a2，a3，a4可以是0，1，2，3，4，5，6，7，8，9这十个数字之一，但a1不能是任意的，它是由a2+a3+a4+a5被3除后的余数所决定．因此，为了保证a1+a2+a3+a4+a5能被3整除，a1只有3种可能，根据乘法原理，5位数中最后一位是6，而被3整除的数有3×10×10×10=3000(个)．(2)最后一个6出现在第四位，即a4=6，于是a5只有9种可能(因为a5不能等于6)，a2，a3各有10种可能，为了保证a1+a2+a3+a4+a5被3整除，a1有3种可能．根据乘法原理，属于这一类的5位数有3×10×10×9=2700(个)．(3)最后一个6出现在第3位，即a3=6，被3整除的数应有3×10×9×9=2430(个)．(4)最后一个6出现在第2位，即a2=6，被3整除的数应有3×9×9×9=2187(个)．(5)a1=6，被3整除的数应有3×9×9×9=2187(个)．根据加法原理，5位数中至少出现一个6而被3整除的数应有3000+2700+2430+2187+2187=12504(个)．【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3【试题来源】【题目】如图，A，B，C，D，E五个区域分别用红、蓝、黄、白、绿五种颜色中的某一种着色．如果使相邻的区域着不同的颜色，问有多少种不同的着色方式？【答案】360【解析】对这五个区域，我们分五步依次给予着色：(1)区域A共有5种着色方式；(2)区域B因不能与区域A同色，故共有4种着色方式；(3)区域C因不能与区域A，B同色，故共有3种着色方式；(4)区域D因不能与区域A，C同色，故共有3种着色方式；(5)区域E因不能与区域A，C，D同色，故共有2种着色方式．于是，根据乘法原理共有5×4×3×3×2=360种不同的着色方式．【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】随堂课后练习【难度系数】3【试题来源】【题目】在6×6的棋盘上剪下一个由四个小方格组成的凸字形，如图1－64，有多少种不同的剪法？【答案】64【解析】我们把凸字形上面那个小方格称为它的头，每个凸字形有并且只有一个头．凸字形可以分为两类：第一类凸字形的头在棋盘的边框，但是棋盘的四个角是不能充当凸字形的头的．于是，边框上(不是角)的小方格共有4×4=16个，每一个都是一个凸字形的头，所以，这类凸字形有16个．第二类凸字形的头在棋盘的内部，棋盘内部的每一个小方格可以作为4个凸字形的头(即头朝上，头朝下，头朝左，头朝右)，所以，这类凸字形有4×(4×4)=64(个)．由加法原理知，有16+64=80种不同的凸字形剪法．【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3【试题来源】【题目】把数、理、化、语、英5本参考书，排成一行放在书架上．(1)化学不放在第1位，共有多少种不同排法？(2)语文与数学必须相邻，共有多少种不同排法？(3)物理与化学不得相邻，共有多少种不同排法？(4)文科书与理科书交叉排放，共有多少种不同排法？【答案】（1）96 （2）48 （3）72 （4）12【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】课后两周练习【难度系数】3【试题来源】【题目】在一个圆周上有10个点，把它们两两相连，问共有多少条不同的线段？【答案】45【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】课后一个月练习【难度系数】3【试题来源】【题目】用1，2，3，4，5，6，7这七个数，(1)可以组成多少个数字不重复的五位奇数？(2)可以组成多少个数字不重复的五位奇数，但1不在百位上？【答案】（1）1440 （2）1260【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3【试题来源】【题目】从1，2，3，4，5这五个数字中任取三个数组成一个三位数，问共可得到多少个不同的三位数？【答案】60【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】随堂课后练习【难度系数】3【试题来源】【题目】由1，2，3，4，5，6这六个数字能组成多少个大于34500的五位数？【答案】420【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】阶段测验【难度系数】3【试题来源】【题目】今有一角币一张，两角币一张，伍角币一张，一元币四张，伍元币两张，用这些纸币任意付款，可以付出不同数额的款子共有多少种？【答案】119【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3【试题来源】【题目】将三封信投到5个邮筒中的某几个中去，有多少种不同的投法？【答案】125【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】随堂课后练习【难度系数】3【试题来源】【题目】从字母a，a，a，b，c，d，e中任选3个排成一行，共有多少种不同的排法？【答案】73【解析】【知识点】加法原理和乘法原理【适用场合】当堂例题【难度系数】3。

乘法原理和加法原理

乘法原理和加法原理首先，我们来介绍乘法原理。

乘法原理是指如果一个事件发生的方式有m种，另一个事件发生的方式有n种，那么这两个事件同时发生的方式有mn种。

乘法原理常常用于计算多个事件同时发生的总数。

例如，如果有一条裤子有3种颜色，一件衬衫有2种颜色，那么一套搭配的上衣和裤子的方式有32=6种。

在实际生活中，乘法原理也常常用于计算排列组合、密码锁密码的可能性等。

接下来，我们来介绍加法原理。

加法原理是指如果一个事件发生的方式有m种，另一个事件发生的方式有n种，且这两个事件没有共同的发生方式，那么这两个事件发生的总方式有m+n种。

加法原理常常用于计算多个事件中至少有一个发生的总数。

例如，某人去购物可以选择去商场或者超市，那么他购物的方式有2种。

在实际生活中，加法原理也常常用于计算不同情况下的总数，比如考试中选择题的得分可能性等。

乘法原理和加法原理在解决实际问题时常常需要结合使用。

比如，某人有3种颜色的上衣和2种颜色的裤子可以搭配，他又有4种颜色的鞋子可以选择，那么他搭配上衣、裤子和鞋子的方式有324=24种。

这个例子中就是使用了乘法原理。

又比如，某人去购物可以选择去商场或者超市，他又可以选择购买衣服或者食品，那么他购物的方式有2+2=4种。

这个例子中就是使用了加法原理。

总结来说，乘法原理和加法原理是数学中的两个基本计数原理，在实际生活和工作中也有着广泛的应用。

通过学习和掌握乘法原理和加法原理，我们可以更好地解决实际问题，提高计算能力和逻辑思维能力。

希望大家通过本文的介绍，对乘法原理和加法原理有更深入的了解，并能够灵活运用于实际生活和工作中。

高中数学选修二第6章：计数原理-知识点

1高中数学选修二第6章计数原理-知识点1、乘法原理：做一件事，需要依次完成 n 个步骤，每一步依次有a 1，a 2，a 3，...，a n 种不同的方法，那么完成这件事共有 a 1a 2a 3...a n 种不同的方法。

不同步骤之间是有先后顺序但互不影响的。

2、加法原理：做一件事，完成它一共有 n 类办法，每一类办法分别有a 1，a 2，a 3，...，a n 种不同的方法，那么完成这件事共有 a 1+a 2+a 3+...+a n 种不同的方法。

不同类的办法之间不能有重复，也不能遗漏。

3、排列：从n 个互不相同的元素中，取出m （m ≤n ）个不同元素按照一定顺序排成一列，用mn P 表示。

m n P = n(n-1)(n-2)...(n-m+1) ；m n P = ！ )m n (!n - 。

4、排列数的性质：①m n P = n 1-m 1-n P ；②m n P +m 1-m n P = m 1n +P ；③0n P = 0! = 1 ；n n P = n! 。

5、求解排列问题的常用方法：① 直接法，把符合条件的排列数直接列式计算。

② 优先法，即优先安排特殊元素或特殊位置。

③ 捆绑法，相邻问题捆绑处理，即可以把相邻元素看成一个整体，与其他元素进行排列，同时注意捆绑元素的内部排列。

④ 插空法，不相邻问题插空处理，即优先考虑不受限制的元素的排列，再将不相邻的元素插在前面元素的排列空中。

⑤ 除法，对于定序问题，可先不考虑顺序限制，排列后，再除以定序元素的全排列。

⑥ 间接法，正难则反，等价转化的方法。

6、求解排列问题：现有8个人（5男3女）站成一排。

（1）甲必须站在排头有77P 种排法( 直接法 )；（2）甲、乙两人不能排在两端有26P 66P 种排法( 优先法 )；（3）女生必须排在一起有 33P 66P 种排法( 捆绑法 )；（4）女生两旁必须有男生有 55P 34P 种排法( 插空法 )；（5）甲在乙的左边有 2188P 种排法( 除法 )。

奥数乘法原理与加法原理

习题1：从甲地到乙地，可以乘火车，也可以乘汽车，还可以乘轮船。

一天中火车有4 班，汽车有 3 班，轮船有 2 班。

问：一天中乘坐这些交通工具从甲地到乙地，共有多少种不同走法？4+3+2=9习题 2：南京去上海可以乘火车、乘飞机、乘汽车和乘轮船。

如果每天有20 班火车、 6 班飞机、 8 班汽车和 4 班轮船，那末共有多少种不同的走法？习题 3：光明小学四、五、六年级共订 300 份报纸，每一个年级至少订 99 份报纸。

问：共有多少种不同的订法？012 021 003 030 102 111 120 201 210 300习题 4：小明去食堂买饭，有3 样主食，5 样菜。

小明要买一份主食一份菜，共有多少种不同的买法？3×5=15习题 5：某小姐有三件裙子, 四件上衣,两双鞋子, 问总共有几种不同的搭配方法？3×4×2=24习题 6：图书馆中有五本不同的三民主义书和八本不同的数学书,一学生欲从三民主义和数学各选一本,共有多少种选法？5×8=40习题 7：某篮球校队是由二位高一学生, 四位高二学生,六位高三学生所组成,现在要从校队中选出三人,每年级各选一人,参加篮球讲习会, 问总共有多少种选法？2×4×6=48在做一件事时，要分几步才干完成，而在完成每一步时又有不少种不决。

在做一件事时，有几类不同的方法，每一类方法中又有几种可能的做法。

那末做这件事所有可能的做法就需要用习题 8：如图，从甲地到乙地有三条路，从乙地到丁地有三条路，从甲地到丙地有两条路，从丙地到丁地有四条路。

问：从甲地到丁地有多少条路？习题 9：用1 ，2，3，4 这四种数码组成五位数，数字可以重复，至少有连续三位是1 的五位数有多少个？1、甲班有40 位同学, 乙班有45 位同学, 丙班有50 位同学,若各班推选一人筹办文艺展览会, 共有几种选派法？40×45×50=900002、用0,1,2,3,4,5,6 组成四位数的密码共有几种？6×6×6×6×6×6×63、用0,1,2,3,4 五个数字排成的三位数有几个其中数字相异的三位数有几个？4×5×5=1004×4×3=484、从甲城到乙城有3 条不同的道路，从乙城到丙城有4 条不同的道路，那末从甲城经乙城到丙城共有多少条不同的道路？3×45、有1 角、2 角、5 角纸币各1 张，可以组成多少种面值不同的人民币。

小学数学奥数知识点

小学数学奥数知识点小学数学奥数知识常见的知识点主要有以下方面：加法原理和乘法原理排列组合分数运算勾股定理简单的代数方程逻辑推理几何图形的性质和计算概率问题数列问题质数与合数因数与倍数最大公约数与最小公倍数平均数、中位数和众数简单的立体几何速度、时间和距离问题百分数和小数对称性与反射逆向思维和试错法等式和不等式等等这些内容，就不一一列举了，后面正文里面有详细描述。

一.加法原理和乘法原理：加法原理：指如果一个事件可以分为若干个互不相交的事件，那么这个事件发生的可能性等于这些互不相交事件发生的可能性之和。

乘法原理：指如果一个事件可以分为若干个步骤，每个步骤有若干个不同的选项，那么这个事件发生的可能性等于每个步骤选项数的积。

例题：一个商店出售5种颜色的T恤，6种颜色的裤子，和4种颜色的帽子。

一个顾客想购买一套衣服，包括一件T恤，一条裤子，和一顶帽子。

问有多少种不同的搭配？解答：根据乘法原理，共有5×6×4=120种不同的搭配。

学习方法：通过实际生活中的例子，让学生理解加法原理和乘法原理的应用，多做练习题提高运用能力。

二.排列组合：排列指的是从一组对象中选取若干个对象进行排列，而不同的排列方式被视为不同的情况。

一般来说，如果从n 个对象中选取k 个对象进行排列，那么不同的排列数为n 的k 次方，即A(n,k) = n! / (n-k)!。

组合指的是从一组对象中选取若干个对象进行组合，而不同的组合方式被视为同一种情况。

一般来说，如果从n 个对象中选取k 个对象进行组合，那么不同的组合数为C(n,k) = n!/((n-k)!k!)。

例题：有8个人参加比赛，前三名将获得奖品。

有多少种不同的获奖组合？解答：用排列公式，8×7×6=336种排名。

学习方法：学习排列组合的公式，通过例题演示如何运用公式解决问题，并进行大量实战练习。

三.分数运算：加减运算：对于两个分数进行加减运算，需要将分数的分母化为相同的数，然后将分子相加或相减即可。

二年级上册数学八单元加乘原理

二年级上册数学八单元加乘原理一、概述在二年级的数学学习中，加法和乘法是非常重要的基础知识。

而加乘原理作为数学中的基本原理之一，对于学生理解整数加法和乘法，认识数学世界起着至关重要的作用。

本文将对二年级上册数学八单元中的加乘原理进行详细的介绍和解释，帮助学生在学习中更好地掌握这一知识点。

二、加乘原理的概念1. 加法的原理在进行加法运算时，加法的原理指的是：如果有a个苹果和b个橙子，那么一共有多少个水果。

简单来说，就是将两个数相加得到一个和的过程。

例如：有3个苹果和4个橙子，一共有多少水果？用数学符号表示就是3 + 4 = 7。

2. 乘法的原理在进行乘法运算时，乘法的原理指的是：将两个数相乘得到一个积的过程。

例如：如果每个篮子里有3个苹果，而一共有4个篮子，那么一共有多少个苹果？用数学符号表示就是3 × 4 = 12。

三、加乘原理的应用1. 加乘原理在日常生活中的应用加乘原理在日常生活中有着广泛且重要的应用。

比如在购物时，如果你买了3件衣服，每件衣服的价格是100元，那么一共需要支付多少钱？这时就可以运用加法和乘法原理，即3 × 100 = 300。

你需要支付300元。

2. 加乘原理在数学问题中的应用在解决一些数学问题时，加乘原理也经常得到应用。

例如：有2个盒子，每个盒子里有4个苹果，另外还有3个橙子，问一共有多少个水果？这时就可以运用加法和乘法原理，即2 × 4 + 3 = 11。

一共有11个水果。

四、加乘原理的习题练习为了帮助学生更好地掌握加乘原理，下面给出一些习题，供学生进行练习。

1. 有3个篮子，每个篮子里有6个苹果，问一共有多少个水果？2. 一共有4个盒子，每个盒子里有5个橙子，另外还有3个苹果，问一共有多少个水果？3. 小明买了2本数学书，每本书的价格是20元，又买了3本语文书，每本书的价格是15元，一共需要支付多少钱？五、总结通过本文的介绍，我们对二年级上册数学八单元中的加乘原理有了更深入的了解。

高中排列组合知识点汇总及典型例题

一．基本原理1．加法原理：做一件事有n 类办法，则完成这件事的方法数等于各类方法数相加。

2．乘法原理：做一件事分n 步完成，则完成这件事的方法数等于各步方法数相乘。

注：做一件事时，元素或位置允许重复使用，求方法数时常用基本原理求解。

二．排列：从n 个不同元素中，任取m （m ≤n ）个元素，按照一定的顺序排成一.m n mn A 有排列的个数记为个元素的一个排列，所个不同元素中取出列，叫做从1.公式：1.()()()()!!121m n n m n n n n A mn -=+---=……2.规定：0!1=(1)!(1)!,(1)!(1)!n n n n n n =⨯-+⨯=+ (2) ![(1)1]!(1)!!(1)!!n n n n n n n n n ⨯=+-⨯=+⨯-=+-；(3)111111(1)!(1)!(1)!(1)!!(1)!n n n n n n n n n +-+==-=-+++++ 三．组合：从n 个不同元素中任取m （m ≤n ）个元素并组成一组，叫做从n 个不同的m 元素中任取 m 个元素的组合数，记作 Cn 。

1. 公式： ()()()C A A n n n m m n m n m nm nm mm ==--+=-11……!!!! 10=nC 规定：组合数性质：.2 nn n n n m n m n m n m n n mnC C C C C C C C 21011=+++=+=+--……，，①；②；③；④11112111212211r r r r r r r rr r r rr r r r r r n n r r r n n r r n n n C C C C C C C C C C C C C C C +++++-+++-++-+++++=++++=+++=注：若12mm 1212m =m m +m n n n C C ==则或四．处理排列组合应用题 1.①明确要完成的是一件什么事（审题） ②有序还是无序 ③分步还是分类。

3等差数列求和加乘原理几何图形计数

数列求和加法原理和乘法原理几何图形计数一、知识点：1、数列：按一定顺序排成的一列数叫做数列。

数列中的每一个数都叫做项，第一项称为首项，最后一项称为末项，任意一项称为通项，数列中共有的项的个数叫做项数。

2、等差数列与公差：一个数列，从第二项起，每一项与与它前一项的差都相等，这样的数列的叫做等差数列，其中相邻两项的差叫做公差。

3、常用公式通项＝首项＋（项数一1) ×公差；等差数列的总和=（首项+末项）⨯项数÷2 项数=（末项-首项）÷公差+1 末项=首项+公差⨯（项数-1）首项=末项-公差⨯（项数-1）公差=（末项-首项）÷（项数-1）等差数列（奇数个数）的总和=中间项⨯项数例（1）在数列3、6、9……，201中，共有多少数？如果继续写下去，第201个数是多少？练一练：在等差数列中4、10、16、22、……中，第48项是多少？508是这个数列的第几项？例（2 ）全部三位数的和是多少？练一练：求从1到2000的自然数中，所有偶数之和与所有奇数之和的差。

例（3）求自然数中被10除余1的所有两位数的和。

练一练：求不超过500的所有被11整除的自然数的和。

例（4）求下列方阵中所有各数的和：1、2、3、4、……49、50；2、3、4、5、……50、51；3、4、5、6、……51、52；……49、50、51、52、……97、98；50、51、52、53、……98、99。

练一练：求下列方阵中100个数的和。

0、1、2、3、……8、9；1、2、3、4、……9、10；2、3、4、5、……10、11；……9、10、11、12、……17、18。

例（5）班级男生进行扳手腕比赛，每个参赛男生都要和其他参赛选手扳一次。

若一共扳了105次，那么共有多少男生参加了这项比赛?练一练：从1到50这50个连续自然数中，取两数相加，使其和大于50，有多少种不同的取法？例（6）若干人围成16圈，一圈套一圈，从外向内圈人数依次少6人，如果共有912人，问最外圈有多少人？最内圈有多少人？练一练：若干人围成8圈，一圈套一圈，从外向内各圈人数依次少4人，如果共有304人，最外圈有几人？加法原理：如果完成一件任务有n类方法，在第一类方法中有m1种不同方法，在第二类方法中有m2种不同方法……，在第n类方法中有mn种不同方法，那么完成这件任务共有：m1+ m2....... +mn种不同的方法。

加乘原理知识点总结

加乘原理知识点总结
加乘原理是概率论中的两个基本原理，它们被广泛应用于各种领域，包括编程。

以下是这两个原理的总结：
加法原理，也被称为分类计数原理，它描述的是完成一件事的不同方法。

这个原理指出，如果完成一件事有n类方法，每一类方法都是独立、完整且互斥的，那么完成这件事共有m1+m2+...+mn种不同的方法。

乘法原理，也被称为分步计数原理，它描述的是完成一个独立事件所需的不同步骤。

这个原理指出，如果完成一件事需要分成n个步骤，每一步都有m种不同的方法，那么完成这件事共有m1×m2×...×mn种不同的方法。

这两个原理的关键在于分类和分步的恰当性。

加法原理中的每一种方法都是独立、完整且互斥的，只有满足这个条件，才能用加法原理。

乘法原理中的每一步都不能独立完成任务，且各步都不可缺少，需要依次完成所有步骤才能完成一个独立事件，只有满足这个条件，才能用乘法原理。

这两个原理是计算可能性的基础，在解决实际问题的过程中具有重要应用。

例如，在排列组合问题中，可以使用加法原理计算不同元素的组合数；在概率问题中，可以使用乘法原理计算多个事件的联合概率。

加乘原理知识点范文

加乘原理知识点范文加乘原理是概率论中的一个基本原理，它描述了独立事件的概率计算方法。

具体来说，加乘原理可以简化复杂事件的概率计算，使计算更加简单和高效。

下面将详细介绍加乘原理的概念、应用场景和计算方法。

1.概念：加乘原理是指当两个事件A和B同时发生时，它们的概率等于事件A发生的概率乘以在事件A发生的条件下事件B发生的概率。

该原理可以推广到多个事件的情况，即在多个事件同时发生时，它们的概率等于每个事件发生的概率的乘积。

加乘原理可以表达为以下公式：P(A∩B)=P(A)×P(B，A)其中，P(A∩B)表示事件A和事件B同时发生的概率，P(A)表示事件A发生的概率，P(B，A)表示在事件A发生的条件下事件B发生的概率。

2.应用场景：加乘原理在实际应用中具有广泛的应用场景，它常用于计算复杂事件的概率，尤其是当事件之间相互独立时。

例如，当从一副扑克牌中依次抽取两张牌时，计算得到两张牌都是红色的概率；或者在一次抛掷硬币和一次掷骰子的实验中，计算得到硬币正面朝上且掷骰子为奇数的概率等。

3.计算方法：根据加乘原理，计算复杂事件的概率可以分解为多个条件概率的乘积。

具体的计算方法如下：(1)如果事件A和事件B是独立事件，即事件A的发生与事件B的发生无关，那么事件A和事件B同时发生的概率等于事件A发生的概率乘以事件B发生的概率。

即：P(A∩B)=P(A)×P(B)例如，在一副扑克牌中抽取两张牌，计算得到两张牌都是红色的概率。

假设事件A表示第一张牌是红色，事件B表示第二张牌也是红色。

由于每次抽取都是相互独立的，因此事件A和事件B是独立事件。

根据加乘原理，得到：P(A∩B)=P(A)×P(B)=(26/52)×(25/51)=1/2×25/51=25/102即两张牌都是红色的概率为25/102(2)如果事件A和事件B不是独立事件，即事件A的发生会影响事件B的发生，那么在事件A发生的条件下，计算事件B发生的概率。

加乘原理知识点

生活中常有这样的情况：在做一件事时，有几类不同的方法，在具体做的时候，只要采用其中某一类中的一种方法就可以完成，并且这几类方法是互不影响的。

那么考虑完成这件事所有可能的做法，就要用到加法原理来解决。

还有这样的一种情况：就是在做一件事时，要分几步才能完成，而在完成每一步时，又有几种不同的方法。

要知道完成这件事情共有多少种方法，就要用到乘法原理来解决。

应用加法原理和乘法原理时要注意下面几点：〔1〕加法原理是把完成一件事的方法分成几类，每一类中的任何一种方法都能完成任务，所以完成任务的不同方法数等于各类方法数之和。

〔2〕乘法原理是把一件事分几步完成，这几步缺一不可，所以完成任务的不同方法等于各步方法数的乘积。

〔3〕在很多题目中，加法原理和乘法原理都不是单独出现的，这就需要我们能够熟练地运用好这两大原理，综合分析，正确作出分类和分步。

加法原理：为了完成一件事，有K类方法。

第一类方法中有m1种不同的做法，第二类方法中有m2种不同的做法，……，第k类方法中有mk种不同的做法，那么完成这件事共有N=m1+m2+…+mk种不同的方法。

乘法原理：为了完成一件事需要几个步骤，其中，做第一步有m1种不同的方法，做第二步有m2种不同的方法，……，做第n步有mn 种不同的方法，那么，完成这件事一共有N=m1×m2×…×mn种不同的方法。

特别提醒：要注意乘法原理与加法原理的区别：乘法原理中，完成某件事情要分成假设干个步骤，且一步接一步地去做才能完成。

而加法原理中，做某件事情可以有假设干类方法，每一类方法中的任何一种具体的做法都可以完成这件事情。

我们要熟练掌握加法原理和乘法原理的内容与实质，区别与联系，还要能综合运用这两个原理解决实际问题。

加法原理运用的范围：完成一件事的方法分成几类，每一类中的任何一种方法都能完成任务，这样的问题可以使用加法原理解决．我们可以简记为：“加法分类，类类独立〞．乘法原理运用的范围：这件事要分几个彼此互不影响．．．．．．．．的独立步骤来完成，这几步是完成这件任务缺一不可的．．．．．，这样的问题可以使用乘法原理解决．我们可以简记为：“乘法分步，步步相乘〞．行程问题是研究物体运动的，它研究的是物体速度、时间、路程三者之前的关系。

四年级加乘原理进阶和典型例题解析

四年级加乘原理进阶和典型例题解析一、基本知识加法原理任取其一，造句：要么...，要么...乘法原理缺一不可，造句：既要...，又要...二、题型搭配问题路线问题排队问题|组数问题填数问题染色问题--重要旗帜问题--重要三、基本知识点①加法原理做一件事有几类方法，每一类中任何一种方法都可以独立完成任务，只要将每一类的选择数依次相加，即可得到总的选择数。

例超市的泡面按品牌分为三类：康师傅、今麦郎和统一；而康师傅的有4种口味，今麦郎有2种，统一有3种，则买一包泡面不同的选择方式有：4+2+3=9（种）：总结：加法分类，类类独立。

②乘法原理做一件事需要分成几步，每一步不能独立完成任务，但互相关联，缺一不可，只要将每一步的选择数依次相乘，即可得到总的选择数。

例肯德基买一份套餐可以享受优惠，套餐包含一个汉堡，一份小吃，一份饮料；共有3种汉堡，5种小吃，4种饮料，则共有不同的套餐选择数：3×5×4=60（种）总结：乘法分步，步步相关。

四、典型问题解决----先分类，后分步例（路线问题）小明要从A地去C地，从A直接到C有2条不同的线路；也可以从A地先到B地，再由B地到C地，从A到B有4条不同的线路，从B到C 有2条不同的线路。

则从A地到C地不同的选择数共有：2+2×4=10（种）·加乘原理类问题，可按四个步骤进行思考：1)需要做什么事情2)怎样才算完成任务3)需要分类还是分步4)用加法还是用乘法1、组数问题(需考虑如下几个方面：（1）要组一个几位数（几位就是几步）（2）组数时是否要求数字不重复（要求不重复时后面的选择数变少）（3）组数时有无特殊位置，如首位不为零或要求组奇数、偶数（优先考虑特殊位置）（4）当既要求组奇数，又要考虑首位不为零时，先考虑个位，再考虑首位。

特别地，当要组偶数，又要考虑首位不为零时，要进行分类，分为个位是零和个位不是零两种情况去考虑。

例用0，1，2，3，4可以组成多少个无重复数字的三位偶数首先进行分类:个位为零时/个位只有1种选择，首位有4种选择，十位剩3种选择，则有1×4×3=12（个）；个位不为零时个位有2种选择，首位有3种选择，十位剩3种选择，则有2×3×3=18（个）；总共有12+18=30（个）2、染色问题（要求相邻两块不能染成同色）对于直线型如下图所示，我们按从一端染色到另一端即可。

四年级加乘原理进阶和典型例题解析

四年级加乘原理进阶和典型例题解析一、根本知识⏹加法原理任取其一，造句：要么...，要么...⏹乘法原理缺一不可，造句：既要...，又要...二、题型⏹搭配问题⏹路线问题⏹排队问题⏹组数问题⏹填数问题⏹染色问题--重要⏹旗帜问题--重要三、根本知识点①加法原理做一件事有几类方法，每一类中任何一种方法都可以独立完成任务，只要将每一类的选择数依次相加，即可得到总的选择数。

例超市的泡面按品牌分为三类：康师傅、今麦郎和统一；而康师傅的有4种口味，今麦郎有2种，统一有3种，则买一包泡面不同的选择方式有：4+2+3=9〔种〕总结：加法分类，类类独立。

②乘法原理做一件事需要分成几步，每一步不能独立完成任务，但互相关联，缺一不可，只要将每一步的选择数依次相乘，即可得到总的选择数。

例肯德基买一份套餐可以享受优惠，套餐包含一个汉堡，一份小吃，一份饮料；共有3种汉堡，5种小吃，4种饮料，则共有不同的套餐选择数：3×5×4=60〔种〕总结：乘法分步，步步相关。

四、典型问题解决----先分类，后分步例〔路线问题〕小明要从A地去C地，从A直接到C有2条不同的线路；也可以从A地先到B地，再由B地到C地，从A到B有4条不同的线路，从B到C有2条不同的线路。

则从A地到C地不同的选择数共有：2+2×4=10〔种〕加乘原理类问题，可按四个步骤进展思考：1)需要做什么事情2)怎样才算完成任务3)需要分类还是分步4)用加法还是用乘法1、组数问题需考虑如下几个方面：〔1〕要组一个几位数〔几位就是几步〕〔2〕组数时是否要求数字不重复〔要求不重复时后面的选择数变少〕〔3〕组数时有无特殊位置，如首位不为零或要求组奇数、偶数〔优先考虑特殊位置〕〔4〕当既要求组奇数，又要考虑首位不为零时，先考虑个位，再考虑首位。

特别地，当要组偶数，又要考虑首位不为零时，要进展分类，分为个位是零和个位不是零两种情况去考虑。

例用0，1，2，3，4可以组成多少个无重复数字的三位偶数？首先进展分类:⏹个位为零时个位只有1种选择，首位有4种选择，十位剩3种选择，则有1×4×3=12〔个〕；⏹个位不为零时个位有2种选择，首位有3种选择，十位剩3种选择，则有2×3×3=18〔个〕；总共有12+18=30〔个〕2、染色问题〔要求相邻两块不能染成同色〕⏹对于直线型如下列图所示，我们按从一端染色到另一端即可。

高二数学知识点及公式

1.计数原理知识点①乘法原理：N=n1·n2·n3·…nM(分步)②加法原理：N=n1+n2+n3+…+nM(分类)2.排列(有序)与组合(无序)Anm=n(n-1)(n-2)(n-3)-…(n-m+1)=n!/(n-m)!Ann=n!Cnm=n!/(n-m)!m!Cnm=Cnn-mCnm+Cnm+1=Cn+1m+1k•k!=(k+1)!-k!3.排列组合混合题的解题原则：先选后排，先分再排排列组合题的主要解题方法：优先法：以元素为主，应先满足特殊元素的要求，再考虑其他元素.以位置为主考虑，即先满足特殊位置的要求，再考虑其他位置.捆绑法(集团元素法，把某些必须在一起的元素视为一个整体考虑) 插空法(解决相间问题)间接法和去杂法等等在求解排列与组合应用问题时，应注意：(1)把具体问题转化或归结为排列或组合问题;(2)通过分析确定运用分类计数原理还是分步计数原理;(3)分析题目条件，避免“选取”时重复和遗漏;(4)列出式子计算和作答.经常运用的数学思想是：①分类讨论思想;②转化思想;③对称思想.4.二项式定理知识点：①(a+b)n=Cn0ax+Cn1an-1b1+Cn2an-2b2+Cn3an-3b3+…+Cnran-rbr+-…+Cnn-1abn-1+Cnnbn特别地：(1+x)n=1+Cn1x+Cn2x2+…+Cnrxr+…+Cnnxn②主要性质和主要结论：对称性Cnm=Cnn-m二项式系数在中间。

(要注意n为奇数还是偶数，答案是中间一项还是中间两项)所有二项式系数的和：Cn0+Cn1+Cn2+Cn3+Cn4+…+Cnr+…+Cnn=2n奇数项二项式系数的和=偶数项而是系数的和Cn0+Cn2+Cn4+Cn6+Cn8+…=Cn1+Cn3+Cn5+Cn7+Cn9+…=2n-1③通项为第r+1项：Tr+1=Cnran-rbr作用：处理与指定项、特定项、常数项、有理项等有关问题。

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