18年高考物理二轮复习题型专练选择题满分练2180110112

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2018届高考物理二轮复习专题卷汇编功和能专题卷含

机械能知识网络：单元切块：按照考纲的要求，本章内容可以分成四个单元，即：功和功率；动能、势能、动能定理；机械能守恒定律及其应用；功能关系动量能量综合。

其中重点是对动能定理、机械能守恒定律的理解，能够熟练运用动能定理、机械能守恒定律分析解决力学问题。

难点是动量能量综合应用问题。

§1 功和功率教学目标：理解功和功率的概念，会计算有关功和功率的问题培养学生分析问题的基本方法和基本技能教学重点：功和功率的概念教学难点：功和功率的计算教学方法：讲练结合，计算机辅助教学教学过程：一、功1．功功是力的空间积累效应。

它和位移相对应（也和时间相对应）。

计算功的方法有两种：（1）按照定义求功。

即：W =Fs cos θ。

在高中阶段，这种方法只适用于恒力做功。

当20πθ<≤时F 做正功，当2πθ=时F 不做功，当πθπ≤<2时F 做负功。

这种方法也可以说成是：功等于恒力和沿该恒力方向上的位移的乘积。

（2）用动能定理W =ΔE k 或功能关系求功。

当F 为变力时，高中阶段往往考虑用这种方法求功。

这里求得的功是该过程中外力对物体做的总功（或者说是合外力做的功）。

这种方法的依据是：做功的过程就是能量转化的过程，功是能的转化的量度。

如果知道某一过程中能量转化的数值，那么也就知道了该过程中对应的功的数值。

【例1】如图所示，质量为m 的小球用长L 的细线悬挂而静止在竖直位置。

在下列三种情况下，分别用水平拉力F 将小球拉到细线与竖直方向成θ角的位置。

在此过程中，拉力F 做的功各是多少？⑴用F 缓慢地拉；⑵F 为恒力；⑶若F 为恒力，而且拉到该位置时小球的速度刚好为零。

可供选择的答案有A.θcos FL B .θsin FL C.()θcos 1-FL D .()θcos 1-mgL【例2】如图所示，线拴小球在光滑水平面上做匀速圆周运动，圆的半径是1m ，球的质量是0.1kg ，线速度v =1m/s ，小球由A 点运动到B点恰好是半个圆周。

2018年高考物理二轮复习选择题满分专练

选择题满分专练(四)选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2017·石家庄市毕业班一模)如图所示，实线为不知方向的几条电场线，从电场中M 点以相同速度垂直于电场线方向飞入a 、b 两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则( )A ．a 一定带正电，b 一定带负电B ．a 的速度将减小，b 的速度将增大C ．两个粒子的动能，一定一个增加一个减少D ．两个粒子的电势能，一定都减少解析：粒子做曲线运动，所受力的方向指向轨迹的内侧，所以能判断a 、b 一定带异种电荷，但是不清楚哪一个是正电荷，哪一个是负电荷，故A 错误；粒子做曲线运动，所受力的方向指向轨迹的内侧，从图中轨迹变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B 、C 错误；电场力都做正功，故电势能都减小，故D 正确．答案：D 15．(2017·黑龙江省五校高三4月联考)如图甲所示为某实验小组验证动量守恒定律的实验装置，他们将光滑的长木板固定在桌面上，a 、b 两小车放在木板上并在小车上安装好位移传感器的发射器，且在两车相对面上涂上黏性物质．现同时给两车一定的初速度，使a 、b 沿水平面上同一条直线运动，发生碰撞后两车粘在一起；两车的位置x 随时间t 变化的图象如图乙所示．a 、b 两车质量(含发射器)分别为1 kg 和8 kg ，则下列说法正确的是( )A ．两车碰撞前总动量大于碰撞后总动量B ．碰撞过程中a 车损失的动能是149JC ．碰撞后两车的总动能比碰前的总动能小D ．两车碰撞过程为弹性碰撞解析：设a 、b 两车碰撞前的速度大小为v 1、v 2，碰后的速度大小为v 3，结合题图乙得v 1＝2 m /s ，v 2＝1 m /s ，v 3＝23m /s ，以向右为正方向，碰前总动量p 1＝－m a v 1＋m b v 2＝6 kg ·m /s ，碰后总动量p 2＝(m a ＋m b )v 3＝6 kg ·m /s ，则两车碰撞前总动量等于碰撞后总动量，A 错误；碰撞前a 车动能为E k ＝2 J ，碰撞后a 车动能为E′k ＝29J ，所以碰撞过程中a 车损失的动能是169J ，B 错误；碰前a 、b 两车的总动能为6 J ，碰后a 、b 两车的总动能为2 J ，C 正确；两车碰撞过程中机械能不守恒，发生的是完全非弹性碰撞，D 错误．答案：C16．某行星的同步卫星下方的行星表面上有一观察者，行星的自转周期为T ，他用天文望远镜观察被太阳光照射的此卫星，发现日落的T2时间内有T6的时间看不见此卫星，不考虑大气对光的折射，则该行星的密度为( )解析：设行星质量为M，半径为R，密度为ρ，卫星质量为m，如图所示，发现日落的T2时间内有T6的时间看不见同步卫星，则θ＝360°6＝60°，故φ＝60°，r＝Rcosφ＝2R，根据GMm2R2＝m⎝⎛⎭⎪⎫2πT22R，M＝ρ43πR3，解得ρ＝24πGT2.答案：A17．如图甲所示，一圆形金属线圈放置于匀强磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度为B0.现让线圈绕其一条直径以50 Hz的频率匀速转动，较长时间t内产生的热量为Q；若线圈不动，让磁场以图乙所示规律周期性变化，要在t时间内产生的热量也为Q，乙图中磁场变化的周期T以s为单位，数值应为( )解析：两种情况下，在相同时间内产生的热量相同，说明电压的有效值相同，现让线圈绕其一条直径以50 Hz的频率匀速转动，电压有效值为E＝E m2＝Bsω2＝B0πr2×100π2；磁场以图乙所示规律周期性变化，电压有效值为E＝S·ΔBΔt＝πr2×B0T4，解得T＝225π，选项C正确．答案：C18．(2017·河北冀州2月模拟)如图甲所示，粗糙斜面与水平面的夹角为30°，质量为3 kg的小物块(可视为质点)由静止从A点在一沿斜面向上的恒定推力作用下运动，作用一段时间后撤去该推力，小物块能到达的最高位置为C点，小物块上滑过程中v－t图象如图乙所示．设A点为零重力势能参考点，g取10 m/s2，则下列说法正确的是( )A．小物块最大重力势能为54 JB．小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小之比为3：1C ．小物块与斜面间的动摩擦因数为32D ．推力F 的大小为40 N解析：由乙图可知物块沿斜面向上滑行的距离x ＝12×3×1.2 m ＝1.8 m ，上升的最大高度h ＝x sin 30°＝0.9 m ，故物块的最大重力势能E pm ＝mgh ＝27 J ，则A 项错．由图乙可知物块加速与减速阶段均为匀变速运动，则由匀变速直线运动的平均公式v ＝v 0＋v2，可知小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小之比为1:1，则B 项错．由乙图可知减速上升时加速度大小a 2＝10 m /s 2，由牛顿第二定律有mg sin 30°＋μmg cos 30°＝ma 2，得μ＝33，则C 项错．由乙图可知加速上升时加速度大小a 1＝103m /s 2，由牛顿第二定律有F －mg sin 30°－μmg cos 30°＝ma 1，得F ＝40 N ，则D 项正确．答案：D19．如图所示为光电管的工作电路图，分别用波长为λ0、λ1、λ2的单色光做实验，已知λ1>λ0>λ2.当开关闭合后，用波长为λ0的单色光照射光电管的阴极K 时，电流表有示数．则下列说法正确的是( )A ．光电管阴极材料的逸出功与入射光无关B ．若用波长为λ1的单色光进行实验，则电流表的示数一定为零C ．若仅增大电源的电动势，则电流表的示数一定增大D ．若仅将电源的正负极对调，则电流表的示数可能为零解析：光电管阴极材料的逸出功只与材料有关，而与入射光的频率、入射光的强度无关，A 正确．用波长为λ0的光照射阴极K 时，电路中有光电流，可知波长为λ0的光照射阴极K 时，发生了光电效应；若用波长为λ1(λ1>λ0)的光照射阴极K 时，虽然入射光的频率变小，但仍可能大于阴极的极限频率，仍可能发生光电效应，因此电流表的示数可能不为零，B 错误．仅增大电路中电源的电动势，光电管两端电压增大，当达到饱和电流后，电流表的示数不再增大，C 错误．将电路中电源的正负极对调，光电子做减速运动，还可能到达阳极，所以还可能有光电流；若电源电动势大于光电管的遏止电压，电子到达不了阳极，则此时电流表的示数不为零，D 正确．答案：AD20．(2017·湖北省襄阳市高三调研测试)如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B 处切线水平，现将一小物块从轨道顶端A 处由静止释放．小物体刚到B 点时的加速度为a ，对B 点的压力为N ，小物体离开B 点后的水平位移为x ，落地时的速率为v.若保持圆心的位置不变，改变圆弧轨道的半径R(不超过圆心离地的高度)．不计空气阻力，下列图象正确的是( )解析：设小物体释放位置距地面高为H ，小物体从A 点到B 点应用机械能守恒定律有，v B ＝2gR ，到地面时的速度v ＝2gH ，小物体的释放位置到地面间的距离始终不变，则选项D 对；小物体在B 点的加速度a ＝v 2BR＝2g ，选项A 对；在B 点对小物体应用向心力公式，有F B －mg ＝mv 2BR，又由牛顿第三定律可知N ＝F B ＝3mg ，选项B 错；小物体离开B 点后做平抛运动，竖直方向有H －R ＝12gt 2，水平方向有x ＝v B t ，联立可知x 2＝4(H －R)R ，选项C 错．答案：AD21．如图所示，EF 和MN 两平行线将磁场分割为上、下两部分，磁场的磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向里．现有一质量为m 、电荷量为q 的带电粒子(不计重力)从EF 线上的A 点以速度v 斜向下射入EF 下方磁场，速度与边界成30°角，经过一段时间后正好经过C 点，经过C 点时速度方向斜向上，与EF 也成30°角，已知A 、C 两点间距为L ，两平行线间距为d ，下列说法中正确的是( )A ．粒子不可能带负电荷B ．磁感应强度大小可能满足B ＝mv qLC ．粒子到达C 点的时间可能为7πm 3Bq ＋4dvD ．粒子的速度可能满足v ＝L －23nd Bqm(n ＝0,1,2,3，…)解析：若粒子带负电，粒子可沿图甲轨迹通过C 点，所以A 错误；如果粒子带正电，且直接偏转经过C 点，如图乙所示，则R ＝L ，由Bqv ＝mv 2R 得B ＝mvqL，所以B 正确；在图丙所示情形中粒子到达C 点所用时间正好为7πm 3Bq ＋4dv，则C 正确；由于带电粒子可以多次偏转经过C 点，如图丁所示，由几何知识可知，L ＝2nd tan 60°＋2R sin 30°，则R ＝L －23nd ，根据R ＝mv Bq 可得，v ＝L －23nd Bq m(n ＝0，1,2,3，…)，D 正确．答案：BCD。

2018年高考物理二轮专题总复习：选择题满分专练一含

光滑平行的导轨水平固定在竖直向下的匀强磁场中导轨左端接有电阻R，导轨上垂直导轨放着一根金点．下列关于该粒子的说法正确的是B ．初速度为v ＝B ED ．比荷为q ＝E 2A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例不变解析：发电厂输出功率的增大，升压变压器的输出电压不变，由于输电线电流增大，输电线损失电压增大，降压变压器的输出电压减小，输电线上损耗的功率增大，选项A、B错误，C正确；输电线上损耗的功率占总功率的比例增大，选项D错误．答案：C19．下列选项中所描述的a、b两点的电场强度和电势均相同的是()A．离正点电荷等距的任意两点a、b，如图甲所示B．两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的两点a、b，如图乙所示C．两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的两点a、b，如图丙所示D．静电场中到达静电平衡时的导体内部任意两点a、b，如图丁所示解析：图甲中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等但方向不同，A错；图乙中，两个等量异种点电荷连线的中垂线为等势线，a、b两点的电场强度大小相等，方向均与等量异种点电荷的连线平行且向左，所以，a、b两点的电势和电场强度均相同，B对；图丙中，根据对称性，a、b点电势相等，电场强度大小相等但方向相反，C错；图丁中，导体达静电平衡时，导体内部电势处处相等，电场强度处处为零，D对．答案：BD20.质量为M的斜面体放在光滑水平地面上，其倾角为θ＝30°，斜斜面体缓慢移动的过程中各物体均处于动态平衡状态，＋μF N，其中斜面对物块的支持力不变，斜面对物块的摩擦力不变，因此绳的拉力不变，弹簧30°的足够长的固定粗糙斜面上时刻自斜面底端以某一初速度沿斜面向上。

2018版高考物理二轮单科标准练2 含解析精品

单科标准练(二)(时间：60分钟分值：110分)第Ⅰ卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每个小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．下列叙述符合物理学史实的是()A．安培通过实验发现了电流周围存在磁场，并总结出判定磁场方向的方法—安培定则B．法拉第发现了电磁感应现象后，领悟到：“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应C．楞次在分析了许多实验事实后提出：感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻止引起感应电流的磁通量的变化D．麦克斯韦认为：电磁相互作用是通过场来传递的．他创造性地用“力线”形象地描述“场”的物理图景B[奥斯特通过实验发现了电流周围存在磁场，安培总结出判定磁场方向的方法—安培定则，故A错误；法拉第发现了电磁感应现象后，领悟到：“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应，符合物理学史实，故B正确；楞次发现了感应电流方向遵守的规律：感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，而不是阻止，故C错误；法拉第认为：电磁相互作用是通过场来传递的．他创造性地用“力线”形象地描述“场”的物理图景，故D错误．]15．如图1所示，甲、乙两物块用轻弹簧相连，竖直放置，处于静止，现将甲物块缓慢下压到A位置由静止释放，当乙刚好离开地面时，甲的加速度为a1，速度为v1，再将甲物块缓慢下压到B的位置，仍由静止释放，则当乙刚好要离开地面时，甲的加速度为a2，速度为v2，则下列关系正确的是()图1A．a1＝a2，v1＝v2B．a1＝a2，v1＜v2C．a1＜a2，v1＜v2D．a1＜a2，v1＝v2B[对于乙，当乙刚好离开地面时有：kx＝m乙g，两次情况下，弹簧的弹力是一样的，对于甲，根据牛顿第二定律得，kx＋m甲g＝m甲a，可知两次加速度相等，即a1＝a2，当弹簧压到B时比弹簧压到A时弹性势能大，两次末状态弹簧的形变量相同，弹性势能相同，根据能量守恒得，弹簧的弹性势能转化为甲物体的动能和重力势能，压缩到B时，弹簧弹性势能减小量多，甲获得的动能大，速度大，即v1＜v2，故B正确，A、C、D错误．] 16.2018年6月20日，女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课．授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应．在视频中可观察到漂浮的液滴处于周期性的“脉动”中．假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性的微小变化(振动)，如图2所示．已知液滴振动的频率表达式为f＝kσρr3，其中k为一个无单位的比例系数，r为液滴半径，ρ为液体密度，σ(其单位为N/m)为液体表面张力系数，它与液体表面自由能的增加量ΔE(其单位为J)和液体表面面积的增加量ΔS有关，则在下列关于σ、ΔE 和ΔS关系的表达式中，可能正确的是()【导学号：19624290】图2A．σ＝ΔE×ΔS B．σ＝1ΔE×ΔSC．σ＝ΔEΔS D．σ＝ΔSΔEC[σ(其单位为N/m)为液体表面张力系数，它与液体表面自由能的增加量ΔE(其单位为J)和液体表面面积的增加量ΔS(其单位是m2)有关，根据物理量单位之间的关系得出：1 N/m＝1 J1 m2，所以σ＝ΔEΔS，故选C.]17．( 2018·揭阳市揭东一中检测)如图3所示，长方体ABCD-A1B1C1D1中|AB|＝2|AD|＝2|AA1|，将可视为质点的小球从顶点A在∠BAD所在范围内(包括边界)分别沿不同方向水平抛出，落点都在A1B1C1D1范围内(包括边界)．不计空气阻力，以A1B1C1D1所在水平面为重力势能参考平面，则小球()图3A．抛出速度最大时落在B1点B．抛出速度最小时落在D1点C．从抛出到落在B1D1线段上任何一点所需的时间都相等D．落在B1D1中点时的机械能与落在D1点时的机械能相等C[由于小球抛出时离地高度相等，故各小球在空中运动的时间相等，则可知水平位移越大，抛出时的速度越大，故落在C1点的小球抛出速度最大，落点靠近A1的粒子速度最小，故A、B错误，C正确；由图可知，落在B1D1点和落在D1点的水平位移不同，所以两种情况中对应的水平速度不同，则可知它们在最高点时的机械能不相同，因下落过程机械能守恒，故落地时的机械能也不相同，故D错误．]18．如图4所示，矩形线圈abcd与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈面积为S，转动角速度为ω，匝数为N，线圈电阻不计．下列说法不正确的是()图4A．将原线圈抽头P向下滑动时，灯泡变暗B．将电容器的上极板向上移动一小段距离，灯泡变暗C．图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势为零D．若线圈abcd转动的角速度变为原来的2倍，则变压器原线圈电压的有效值也变为原来的2倍A[矩形线圈abcd中产生交变电流；将原线圈抽头P向下滑动时，原线圈匝数变小，根据公式U1U2＝n1n2，知输出电压增大，故灯泡会变亮，故A错误；将电容器的上极板向上移动一小段距离，电容器的电容C变小，容抗增大，故电流减小，灯泡变暗，故B正确；线圈所处位置是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零，故C正确；若线圈转动的角速度变为2ω，最大值增加为原来的2倍，有效值也变为原来的2倍，故D正确．题目要求选择不正确的选项，故选A.]19．下列说法正确的是()A．为了解释光电效应现象，爱因斯坦建立了光子说，指出在光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系B．汤姆孙根据阴极射线在电场和在磁场中的偏转情况判定，阴极射线的本质是带负电的粒子流，并测出了这种粒子的比荷C．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子的能量也减小了D．已知中子、质子和氘核的质量分别为m n、m p、m D，则氘核的比结合能为(m n＋m p－m D)c22(c表示真空中的光速)ABD[根据光电效应方程知E km＝hν－W0，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，故A正确；汤姆孙通过阴极射线在电场和在磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成，并测出该粒子的比荷，故B正确；按库仑力对电子做负功进行分析，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电场力对电子做负功，故电子的动能变小，电势能变大(动能转为电势能)；由于发生跃迁时要吸收光子，故原子的总能量增加，C错误；已知中子、质子和氘核的质量分别为m n、m p、m D，则氘核的结合能为ΔE＝(m n＋m p－m D)c2，核子数是2，则氘核的比结合能为(m n＋m p－m D)c22，故D正确．]20．(2018·虎林市摸底考试)在竖直平面内有一方向斜向上且与水平方向成α＝30°的匀强电场，电场中有一质量为m，电量为q的带电小球，用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，如图5所示．开始小球静止于M点，这时细线恰好为水平，现用外力将小球拉到最低点P，然后由静止释放，下列判断正确的是()【导学号：19624291】图5A．小球到达M点时速度为零B．小球达到M点时速度最大C．小球运动到M点时绳的拉力大小为33mgD．如果小球运动到M点时，细线突然断裂，小球将做匀变速曲线运动BCD[当小球静止于M点时，细线恰好水平，说明重力和电场力的合力方向水平向右，小球从P到M过程中，只有电场力和小球重力做功，它们的合力做功最大，速度最大，A错误，B正确；电场力和重力的合力F合＝mgtan 30°＝3mg，由F合·L＝12m v2M，T M－F合＝mv2ML可解得：T M＝33mg，选项C正确；若小球运动到M点时，细线突然断裂，速度竖直向上，合力水平向右，故小球做匀变速曲线运动，D正确．]21．如图6所示，阻值为R、质量为m、边长为l的正方形金属框位于光滑的水平面上．金属框的ab边与磁场边缘平行，并以一定的初速度进入矩形磁场区域，运动方向与磁场边缘垂直．磁场方向垂直水平面向下，在金属框运动方向上的长度为L(L>l)．已知金属框的ab边进入磁场后，金属框在进入磁场过程中运动速度与ab边在磁场中的运动位移之间的关系和金属框在穿出磁场过程中运动速度与cd边在磁场中的运动位移之间的关系分别为v＝v0－cx，v＝v0－c(l＋x)(v0未知)，式中c为某正值常量．若金属框完全通过磁场后恰好静止，则有()图6A．金属框bd边进入一半时金属框加速度大小为a＝3cl3B2 4mRB．金属框进入和穿出过程中做加速度逐渐减小的减速运动C．金属框在穿出磁场这个过程中克服安培力做功为mc2l2D．磁感应强度大小为B＝mcR lBD[当金属框bd边进入一半时，金属框速度v＝v0－c l2，此时受到的安培力为：F＝BIl＝B2l2(v0－cl2)R，当金属框出磁场且速度为零时有：0＝v0－c(l＋l)，得v0＝2cl，所以金属框加速度大小为a＝Fm＝3cl3B22mR，选项A错误；金属框进入磁场时，有：a＝Fm＝B2l2(2cl－cx)mR，可得金属框做加速度逐渐减小的减速运动，同理，当穿出时有：a＝Fm＝B2l2(cl－cx)mR，可得金属框做加速度逐渐减小的减速运动，选项B正确；金属框在穿出磁场这个过程中克服安培力做功为W F＝12m(v0－cl)2＝12mc2l2，选项C错误；根据题意，金属框出磁场时速度与位移成线性关系，故安培力也与位移成线性关系，故有：W F＝12F0l＝12B2l2·clR l＝B2l4c2R＝12mc2l2，解得：B＝mcRl，选项D正确．]第Ⅱ卷三、非选择题：共62分．第22题～第25题为必考题，每个考题考生都必须作答，第33～34为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(共47分)22．(6分)(2018·虎林市摸底考试)如图7所示，在验证动量守恒定律实验时，小车A 的前端粘有橡皮泥，推动小车A 使之做匀速运动．然后与原来静止在前方的小车B 相碰并粘合成一体，继续匀速运动，在小车A 后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50 Hz ，长木板右端下面垫放小木片用以平衡摩擦力．图7(1)若获得纸带如图8所示，并测得各计数点间距(已标在图上)．A 为运动起始的第一点，则应选________段来计算A 的碰前速度，应选________段来计算A 和B 碰后的共同速度(填“AB ”或“BC ”或“CD ”或“DE ”)．图8(2)已测得小车A 的质量m 1＝0.30 kg ，小车B 的质量为m 1＝0.20 kg ，由以上测量结果可得碰前系统总动量为________kg·m/s ，碰后系统总动量为______kg·m/s.(结果保留四位有效数字)(3)实验结论：_________________________________________________.【导学号：19624292】【解析】 (1)推动小车由静止开始运动，故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC 段为匀速运动的阶段，所以选BC 段计算A 的碰前速度，碰撞过程是一个变速运动的过程，而A 和B 碰后的共同运动应是匀速直线运动，故应选DE 段计算碰后的共同速度．(2)碰前系统的动量即A 的动量，则p 1＝m A v 0＝m A BC 5T ＝1.185 kg·m/s.碰后的总动量：p 2＝m A v A ＋m B v B ＝(m A ＋m B )v 2＝(m A ＋m B )DE 5T ＝1.180 kg·m/s.(3)由实验数据可知，在误差允许的范围内，小车A、B组成的系统碰撞前后总动量守恒．【答案】(1)BC DE(2)1.185 1.180在实验误差允许范围内，碰前和碰后的总动量相等，系统的动量守恒23．(9分)[2018·高三第二次全国大联考(新课标卷Ⅲ)]某同学通过实验测定金属丝电阻率：(1)用螺旋测微器测出金属丝的直径d，读数如图9所示，则直径d＝________mm；图9(2)为了精确地测出金属丝的电阻，需用欧姆表对额定电流约0.5 A的金属丝的电阻R x粗测，下图是分别用欧姆挡的“×1挡”(图10甲)和“×10挡”(图乙)测量时表针所指的位置，则测该段金属丝应选择______挡(填“×1”或“×10”)，该段金属丝的阻值约为______Ω.甲乙图10(3)除待测金属丝R x、螺旋测微器外，实验室还提供如下器材，若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选________(选填“A1”或“A2”)、电源应选______(选填“E1”或“E2”)．电压表V(量程3 V，内阻约3 kΩ)滑动变阻器R(最大阻值约10 Ω)电流表A1(量程3 A，内阻约0.18 Ω)电流表A2(量程0.6 A，内阻约0.2 Ω)电源E1(电动势9 V，内阻不计)电源E2(电动势4.5 V，内阻不计)毫米刻度尺、开关S、导线(4)若滑动变阻器采用限流接法，在下面方框内完成电路原理图(图中务必标出选用的电流表和电源的符号)．【解析】(1)螺旋测微器固定刻度示数是0.5 mm，可动刻度示数是49.9×0.01 mm＝0.499 mm，则螺旋测微器示数为0.5 mm＋0.499 mm＝0.999 mm(0.998～1.000均正确)；(2)由题图甲、乙所示可知，题图乙所示欧姆表指针偏转角度太大，应选用题图甲所示测量电阻阻值，题图甲所示欧姆挡为“×1挡”，所测电阻阻值为7×1 Ω＝7 Ω.(3)电阻丝的额定电流约为0.5 A，电流表应选A2；电阻丝的额定电压约为U＝IR＝0.5×7 V＝3.5 V，电源应选E2；(4)待测金属丝电阻约为7 Ω，电压表内阻约为3 kΩ，电流表内阻约为0.2 Ω，相对来说电压表内阻远大于待测金属丝的电阻，电流表应采用外接法，由题意可知，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示．【答案】(1)0.999(0.998～1.000均正确)(2)×17(3)A2E2(4)实验电路图见解析24．(12分)(2018·温州中学模拟)目前，我国的高铁技术已处于世界领先水平，它是由几节自带动力的车厢(动车)加几节不带动力的车厢(拖车)组成一个编组，称为动车组．若每节动车的额定功率均为1.35×118 kW，每节动车与拖车的质量均为5×118 kg，动车组运行过程中每节车厢受到的阻力恒为其重力的0.185倍．若已知1节动车加2节拖车编成的动车组运行时的最大速度v0为466.7 km/h.我国的沪昆高铁是由2节动车和6节拖车编成动车组来工作的，其中头、尾为动车，中间为拖车．当列车高速行驶时会使列车的“抓地力”减小不易制动，解决的办法是制动时，常用“机械制动”与“风阻制动”配合使用，所谓“风阻制动”就是当检测到车轮压力非正常下降时，通过升起风翼(减速板)调节其风阻，先用高速时的风阻来增大“抓地力”将列车进行初制动，当速度较小时才采用机械制动．(所有结果保留两位有效数字)求：图11(1)沪昆高铁的最大时速v 为多少km/h?(2)当动车组以加速度1.5 m/s 2加速行驶时，第3节车厢对第4节车厢的作用力为多大？(3)沪昆高铁以题(1)中的最大速度运行时，测得此时风相对于运行车厢的速度为100 m/s ，已知横截面积为1 m 2的风翼上可产生1.29×118 N 的阻力，此阻力转化为车厢与地面阻力的效率为90%.沪昆高铁每节车厢顶安装有2片风翼，每片风翼的横截面积为1.3 m 2，求此情况下“风阻制动”的最大功率为多大？【导学号：19624293】【解析】 (1)由 P ＝3kmgv 0(2分)2P ＝8kmgv (2分)解之得：v ＝0.75v 0＝3.5×102 km/h. (1分) (2)设各动车的牵引力为F 牵，第3节车对第4节车的作用力大小为F ，以第1、2、3节车厢为研究对象由牛顿第二定律得：F 牵－3kmg －F ＝3ma(2分) 以动车组整体为研究对象，由牛顿第二定律得：2F 牵－8kmg ＝8ma(2分) 由上述两式得：F ＝kmg ＋ma ＝P 3v 0＋ma ＝1.1×118 N ．(2分) (3)由风阻带来的列车与地面的阻力为：F m ＝1.29×118×1.3×2×8×0.9 N ＝2.4×118 N (1分)“风阻制动”的最大功率为P ＝F m v m ＝2.4×118×350 0003 600W ＝2.3×118 W ．(2分)【答案】 (1)3.5×102 km/h (2)1.1×118 N (3)2.3×118 W25. (20分)(2018·临川一中模拟)如图12所示，虚线OL 与y 轴的夹角θ＝45°，在OL 上侧有平行于OL 向下的匀强电场，在OL 下侧有垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m 、电荷量q (q >0)的粒子以速率v 0从y 轴上的M (OM ＝d )点垂直于y 轴射入匀强电场，该粒子恰好能够垂直于OL 进入匀强磁场，不计粒子重力．图12(1)求此电场的场强大小E ；(2)若粒子能在OL 与x 轴所围区间内返回到虚线OL 上，求粒子从M 点出发到第二次经过OL 所需要的最长时间．【解析】 (1)粒子在电场中运动，只受电场力作用，F 电＝qE ，a ＝qE m ；(2分)沿垂直电场线方向X 和电场线方向Y 建立坐标系，则在X 方向位移关系有：d sin θ＝v 0cos θ·t ，所以t ＝d v 0； (2分)该粒子恰好能够垂直于OL 进入匀强磁场，所以在Y 方向上，速度关系有：v 0sin θ＝at ＝qE m t ，(2分) 所以，v 0sin θ＝qEd m v 0 (1分)则有E ＝m v 20sin θqd ＝m v 20sin 45°qd ＝2m v 202qd .(2分)(2)根据(1)可知粒子在电场中运动的时间t ＝d v 0；粒子在磁场中只受洛伦兹力的作用，在洛伦兹力作用下做圆周运动，设圆周运动的周期为T粒子能在OL 与x 轴所围区间内返回到虚线OL 上，则粒子从M 点出发到第二次经过OL 在磁场中运动了半个圆周，所以，在磁场中运动时间为12T ；粒子在磁场运动，洛伦兹力作为向心力，所以有，B v q ＝m v 2R ； (2分) 根据(1)可知，粒子恰好能够垂直于OL 进入匀强磁场，速度v 就是初速度v 0在X 方向上的分量，即v ＝v 0cos θ＝v 0cos 45°＝22v 0； (1分)粒子在电场中运动，在Y 方向上的位移Y ＝12v 0sin θ·t ＝24v 0t ＝24d ，(1分)所以，粒子进入磁场的位置在OL 上距离O 点l ＝d cos θ＋Y ＝324d ；(2分)可得：l ≥R ＋R cos θ，即R ≤l 1＋1cos θ＝324d 1＋2＝3(2－2)4d ； (2分) 所以，T ＝2πR v ≤2π×3(2－2)4d 22v 0＝3(2－1)πd v 0； (1分)所以，粒子从M 点出发到第二次经过OL 所需要的最长时间t 最长＝t ＋12T max ＝d v 0＋123(2－1)πd v 0＝d v 0[1＋3(2－1)π2]． (2分) 【答案】 (1)2m v 202qd (2)d v 0[1＋3(2－1)π2] (二)选考题(共15分，请考生从给出的2道题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分)33．[物理—选修3－3](15分)[2018·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅱ)](1)(5分)下列说法中正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．气体温度每升高1 K所吸收的热量与气体经历的过程有关B．悬浮在液体中的微粒越小，受到液体分子的撞击就越容易平衡C．当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，分子势能越小D．PM 2.5的运动轨迹由大量空气分子对PM 2.5无规则碰撞的不平衡和气流的运动决定的E．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体(2)(10分)内壁光滑的汽缸通过活塞封闭有压强为1.0×118 Pa、温度为27 ℃的气体，初始活塞到汽缸底部距离50 cm，现对汽缸加热，气体膨胀而活塞右移．已知汽缸横截面积为200 cm2，总长为100 cm，大气压强为1.0×118 Pa.①计算当温度升高到927 ℃时，缸内封闭气体的压强；②若在此过程中封闭气体共吸收了800 J的热量，试计算气体增加的内能.【导学号：19624294】图13【解析】(1)选ADE.气体温度升高过程吸收的热量要根据气体升温过程是否伴随有做功来决定，选项A对；悬浮在液体中的微粒越小，受到液体分子的撞击就越少，就越不容易平衡，选项B错；当分子间作用力表现为引力时，分子间距离增大，分子力做负功，分子势能增大，选项C错；PM2.5是悬浮在空气中的固体小颗粒，受到气体分子无规则撞击和气流影响而运动，选项D对；热传递具有方向性，能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体，选项E对．(2)①由题意可知，在活塞移动到汽缸口的过程中，气体发生的是等压变化．设活塞的横截面积为S，活塞未移动时封闭气体的温度为T1，当活塞恰好移动到汽缸口时，封闭气体的温度为T2，则由盖－吕萨克定律可知：0.5×S T 1＝1×ST 2，又T 1＝300 K (3分)解得：T 2＝600 K ，即327 ℃，因为327 ℃<927 ℃，所以气体接着发生等容变化，设当气体温度达到927 ℃时，封闭气体的压强为p ，由查理定律可以得到：1.0×105 Pa T 2＝p (927＋273)K，代入数据整理可以得到：p ＝2×118 Pa.(3分)②由题意可知，气体膨胀过程中活塞移动的距离Δx ＝1 m －0.5 m ＝0.5 m ，故大气压力对封闭气体所做的功为W ＝－p 0S Δx ，代入数据解得：W ＝－1 000 J ，由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q(2分) 得到：ΔU ＝－1 000 J ＋800 J ＝－200 J ．(2分)【答案】 (1)ADE (2)①2×118 Pa ②－200 J34．[物理—选修3－4](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________(填入正确选项前的字母，选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)．A ．除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光B ．全息照相利用了激光相干性好的特性C ．光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D ．光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大E ．当我们看到太阳从地平线上刚刚升起时，太阳的实际位置已经在地平线上的上方(2)(10分)如图14所示是一列沿x 轴正向传播的简谐横波在t ＝0.25 s 时刻的波形图，已知波的传播速度v ＝4 m/s.图14①画出x ＝2.0 m 处质点的振动图象(至少画出一个周期)；②求x ＝2.5 m 处质点在0～4.5 s 内通过的路程及t ＝4.5 s 时的位移； ③此时A 点的纵坐标为2 cm ，试求从图示时刻开始经过多少时间A 点第三次出现波峰？【解析】 (1)除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光，故A 正确；全息照相利用了激光相干性好的特性，是光的干涉现象，故B 正确；光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理，故C 正确；在双缝干涉实验中，光的双缝干涉条纹间距Δx ＝L d λ，若仅将入射光由红光改为紫光，由于红光波长大于紫光，则相邻亮条纹间距变小，故D 错误；早晨看太阳从地平线刚刚升起时，实际上它还处在地平线的下方，但通过光在不均匀的大气层中发生折射，可以射入我们的眼睛，我们就可以看见太阳，故E 错误．故选A 、B 、C.(2)①根据图中信息可得λ＝2 m ，T ＝λv ＝0.5 s ，图象如图所示．②4.5 s ＝9T ，一个周期内质点通过的路程是4A ，所以s ＝9×4A ＝1.44 mt ＝4.5 s 时，距离现在图示时刻172T ，与现在所处位置关于x 轴对称，y ＝－4 cm.③若从图示时刻开始计时则质点A 的振动方程为y ＝A cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫ωt ＋π3 则质点A 第一次达波峰的时间为t 1＝56T第三次达波峰的时间应为t ＝t 1＋2T ＝56×0.5 s ＋2×0.5 s ＝1.42 s.【答案】 (1)ABC(2)①见解析②1.44 m －4 cm ③1.42 s。

最新-2018届“步步高”高考物理大二轮复习练习(人教版)：专题过关二力与物体的直线运动精品

2018届“步步高”高考物理大二轮复习练习（人教版）：专题过关二力与物体的直线运动(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(每小题4分，共40分)1.设物体运动的加速度为a 、速度为v 、位移为x .现有四个不同物体的运动图象如图所示，物体C 和D 的初速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是()2.质量为1 kg 的物体静止在水平面上，物体与水平面之间的动摩擦因数为0.2.对物体施加一个大小变化、方向不变的水平拉力F ，使物体在水平面上运动了3t 0的时间．为使物体在3t 0时间内发生的位移最大，力F 随时间的变化情况应该为下面四个图中的 ()3.如图1所示，水平地面上的物体质量为1 kg ，在水平拉力F ＝2 N 的作用下从静止开始做匀加速直线运动，前2 s 内物体的位移为3 m ；则物体运动的加速度大小( )A ．3 m/s 2B ．2 m/s 2C ．1.5 m/s 2D ．0.75 m/s 24.如图2所示，水平面上质量为10 kg 的木箱与墙角距离为2358 m ，某人用F ＝125 N 的力，从静止开始推木箱，推力与水平方向成37°角斜向下，木箱与水平面之间的动摩擦因数为0.4.若推力作用一段时间t 后撤去，木箱恰好能到达墙角处，则这段时间t 为(取sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8， g ＝10 m/s 2)( )A ．3 sB.655 sC.310 70 sD.32 7 s 5.某同学站在观光电梯内随电梯一起经历了下列三种运动：加速上升、匀速上升、减速上升 (加速度大小a <g )，则下列说法正确的是( )图1图2A．三种运动因为都是上升过程，所以该同学始终处于超重状态B．只有加速上升过程中，该同学处于超重状态C．三种运动因为支持力均做正功，所以该同学机械能均增加D．只有加速上升过程，机械能增加6.为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图3所示，当此车减速上坡时，乘客( )A．处于失重状态B．重力势能增加C．受到向前的摩擦力作用D．所受力的合力沿斜面向上7.汽车B在平直公路上行驶，发现前方沿同方向行驶的汽车A速度较小，为了避免相撞，距A车25 m处B车制动，此后它们的v－t图象如图4所示，则()A．B的加速度大小为3.75 m/s2B．A、B在t＝4 s时的速度相同C．A、B在0～4 s内的位移相同D．A、B两车不会相撞8.如图5甲所示，Q1、Q2为两个固定点电荷，其中Q1带正电，它们连线的延长线上有a、b两点．一正试探电荷以一定的初速度沿直线从b点开始经a点向远处运动，其速度图象如图乙所示．则()甲乙图5A．Q2带正电B．a、b两点的电势φa>φbC．a、b两点电场强度E a>E bD．试探电荷从b到a的过程中电势能减小9．如图6所示，水平面绝缘且光滑，一绝缘的轻弹簧左端固定，右端有一带正电荷的小球，小球与弹簧不相连，空间存在着水平向左的匀强电场，带电小球在电场力和弹簧弹力的作用下静止，现保持电场强度的大小不变，突然将电场反向，若将此时作为计时起点，则下列描述速度与时间、加速度与位移之间变化关系的图象正确的是( )图3 图4图610.如图7所示，水平放置的光滑金属长导轨MM ′和NN ′之间接有电阻R ，导轨平面在直线OO ′左、右两侧的区域分别处在方向相反与轨道平面垂直的匀强磁场中，设左、右区域的磁场的磁感应强度的大小分别为B 1和B 2，一根金属棒ab 垂直放在导轨上并与导轨接触良好，棒和导轨的电阻均不计．金属棒ab 始终在水平向右的恒定拉力F 的作用下，在左边区域中恰好以速度v 0做匀速直线运动，则以下说法中正确的是 ()图7A ．若B 2＝B 1时，棒进入右边区域后先做加速运动，最后以速度v 02做匀速直线运动B ．若B 2＝B 1时，棒进入右边区域后仍以速度v 0做匀速直线运动C ．若B 2＝2B 1时，棒进入右边区域后先做减速运动，最后以速度v 02做匀速直线运动D ．若B 2＝2B 1时，棒进入右边区域后先做加速运动，最后以速度4v 0做匀速直线运动二、实验题(11题4分，12题8分，13题6分，共18分)11.(4分)在验证牛顿运动定律的实验中，某同学挑选的一条点迹清晰的纸带如图8所示，已知相邻两个点间的时间间隔为T ，从A 点到B 、C 、D 、E 、F 点的距离依次为x 1、x 2、x 3、x 4、x 5(图中未标x 3、x 4、x 5)，则由此可求得打C 点时纸带的速度v C ＝________.图812.(8分)测定木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图9所示的装置，图中长木板水平固定．图9(1)实验过程中，电火花计时器应接在________(选填“直流”或“交流”)电源上．调整定滑轮高度，使______________．(2)已知重力加速度为g ，测得木块的质量为M ，砝码盘和砝码的总质量为m ，木块的加速度为a ，则木块与长木板间动摩擦因数μ＝________________. (3)如图10为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带上测出x 1＝3.20 cm ，x 2＝4.52 cm ，x 5＝8.42 cm ，x 6＝9.70 cm.则木块加速度大小a ＝图10________ m/s 2(保留两位有效数字)．13.(6分)如图11所示是某同学设计的“探究质量m 一定时，加速度a 与物体所受合力F 间的关系”的实验．图11(a)为实验装置简图，其中A 为小车，B 为打点计时器，C 为装有砂的砂桶，其质量为m C ，D 为一端带有定滑轮的长方形木板，不计空气阻力．图11(1)实验中认为细绳对小车拉力F 等于______________；(2)图11(b)为某次实验得到的纸带的一部分(交流电的频率为50 Hz)，可由图中数据求出小车加速度值为______ m/s 2；(3)保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a 与合力F 图线如图11(c)，该图线不通过原点O ，明显超出偶然误差范围，其主要原因可能是实验中没有进行____________的操作步骤．三、解答题(14题14分，15题12分，16题16分，共42分)14.(14分)猎狗能以最大速度v 1＝10 m/s 持续地奔跑，野兔只能以最大速度v 2＝8 m/s 的速度持续奔跑．一只野兔在离洞窟x 1＝200 m 处的草地上玩耍，被猎狗发现后即以最大速度朝野兔追来．兔子发现猎狗时，与猎狗相距x 2＝60 m ，兔子立即跑向洞窟．设猎狗、野兔、洞窟总在同一直线上，求：野兔的加速度至少要多大才能保证安全回到洞窟． 15.(12分)如图12所示，水平面上放有质量均为m ＝1 kg 的物块A 和B ， A 、B 与地面的动摩擦因数分别为μ1＝0.4和μ2＝0.1，相距l ＝0.75 m ．现给物块A 一初速度使之向B 运动，与此同时给物块B 一个F ＝3 N 水平向右的力由静止开始运动，经过一段时间A 恰好追上B .g ＝10 m/s 2.求： (1)物块B 运动的加速度大小； (2)物块A 初速度大小；(3)从开始到物块A 追上物块B 的过程中，力F 对物块B 所做的功． 16.(16分)如图13所示，固定于水平面的U 型金属导轨abcd ，电阻不计，导轨间距L ＝1.0 m ，左端接有电阻R ＝2 Ω.金属杆PQ 的质量m ＝0.2 kg ，电阻r ＝1 Ω，与导轨间动摩擦因数μ＝0.2，滑动时保持与导轨垂直．在水平面上建立xoy 坐标系，x ≥0的空间存在竖直向下的磁场，磁感应强度仅随横坐标x 变化．金属杆受水平恒力F ＝2.4 N 的作用，从坐标原点开始以初速度v 0＝1.0 m/s 向右做匀加速运动，经t 1＝0.4 s 到达x 1＝0.8 m 处，g 取10 m/s 2.求：(1)磁感应强度B 与坐标x 应满足的关系；图12图13(2)金属杆运动到x 1处，PQ 两点间的电势差；(3)金属杆从开始运动到B ＝32T 处的过程中克服安培力所做的功．答案 1．C 2．D 3．C 4．A 5．BC 6.AB 7．BD 8．B 9．AC 10．B11．v C ＝x 3－x 12T12．(1)交流(1分) 细线与长木板平行(1分，答“细线水平”同样给分) (2)mg －(m ＋M )a Mg (3分) (3)1.3(3分)13．(1)m C g (2)3.0(2.6～3.4) (3)平衡摩擦力 14．4 m/s 215．(1)2 m/s 2 (2)3 m/s (3)0.75 J16．(1)B ＝ 31＋10x (2)2 V (3)1.5 J。

2018年全国卷Ⅱ理综物理高考选择题 A4打印版

2020届高三物理高考真题训练——选择题专训【2018年全国卷II 】二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．如图，某同学用绳子拉动木箱，使它从静止开始沿粗糙水平路面运动至具有某一速度，木箱获得的动能一定（）A ．小于拉力所做的功B ．等于拉力所做的功C ．等于克服摩擦力所做的功D ．大于克服摩擦力所做的功15．高空坠物极易对行人造成伤害。

若一个50 g 的鸡蛋从一居民楼的25层坠下，与地面的撞击时间约为2 ms ，则该鸡蛋对地面产生的冲击力约为（） A ．10 NB ．102 NC ．103 ND ．104 N16．2018年2月，我国500 m 口径射电望远镜（天眼）发现毫秒脉冲星“J0318+0253”，其自转周期T =5.19 ms ，假设星体为质量均匀分布的球体，已知万有引力常量为11226.6710N m /kg -⨯⋅。

以周期T 稳定自转的星体的密度最小值约为（） A ．93510kg /m ⨯B ．123510kg /m ⨯C ．153510kg /m ⨯D ．183510kg /m ⨯17．用波长为300 nm 的光照射锌板，电子逸出锌板表面的最大初动能为1.28⨯10-19 J 。

已知普朗克常量为6.63⨯10-34 J·s ，真空中的光速为3.00⨯108 m·s -1，能使锌产生光电效应的单色光的最低频率约为（）A ．1⨯1014 HzB ．8⨯1014 HzC ．2⨯1015 HzD ．8⨯1015 Hz18．如图，在同一平面内有两根平行长导轨，导轨间存在依次相邻的矩形匀强磁场区域，区域宽度均为l ,磁感应强度大小相等、方向交替向上向下。

一边长为32l 的正方形金属线框在导轨上向左匀速运动，线框中感应电流i 随时间t 变化的正确图线可能是（）19．甲、乙两汽车同一条平直公路上同向运动，其速度—时间图像分别如图中甲、乙两条曲线所示。

2018届高考物理二轮复习板块一专题突破复习题型限时专练1选择题鸭题一2018041931

专练1选择题＋选考题(一)(时间：30分钟)一、选择题(本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．)14．(2017·石家庄质检二)一个质量为2 kg的物体，在4个共点力作用下处于平衡状态．现同时撤去大小分别为8N和12N的两个力，其余的力保持不变，关于此后该物体运动的说法正确的是()A．一定做匀变速运动，加速度大小可能等于重力加速度的大小B．一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5 m/s2C．可能做匀减速直线运动，加速度大小是1.5 m/s2D．可能做匀速圆周运动，向心加速度大小是6 m/s2[解析]8 N和12 N的两个力的合力大小范围为4 N至20 N，由牛顿第二定律F合＝ma，知物体加速度大小的范围为2～10 m/s2，可知选项A正确；合力方向不一定与初速度方向在同一直线上，知物体不一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5 m/s2，选项B错误；物体可能做匀减速直线运动，但加速度大小不可能是1.5 m/s2，选项C错误；因物体受到恒力作用，不可能做匀速圆周运动，选项D错误．[答案] A15．(2017·四川成都质检)2015年7月由中山大学发起的空间引力波探测工程正式启动，向太空发射了三颗相同的探测卫星(SC1、SC2、SC3)．三颗卫星构成一个等边三角形阵列，地球恰处于三角形中心，卫星将在高度约10万千米的轨道上运行，因三颗卫星在太空中的分布图类似乐器竖琴，故工程命名为“天琴计划”．有关这三颗卫星的运动，下列描述正确的是() A．卫星的运行周期大于地球的自转周期B．卫星的运行周期等于地球的自转周期C．卫星的运行速度大于7.9 km/sD．仅知道引力常量G及卫星绕地球运行的周期T，可估算出地球的密度[解析]地球同步卫星距地面高度大约为36000 k m，“天琴计划”的卫星距地面高度大约为100000 km，因此“天琴计划”的卫星的运行周期大于地球自转周期，选项A正确，B错误．卫星的运行速度小于7.9 km/s，选项C错误．仅知道引力常量G及卫星绕地球运行的周期T，不能估算出地球的密度，选项D错误．[答案] A16．(2017·广东普通高中毕业测试)入射光照在金属表面上发生光电效应，若减弱入射光的强度，而保持频率不变，则()1A．有可能不发生光电效应B．逸出的光电子的最大初动能将减小C．单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少D．从光照到金属表面上到发射出光电子的时间间隔明显增加[解析]根据光电效应的规律，能否发生光电效应取决于入射光的频率，而不是入射光的强度，入射光的频率不变，仍能发生光电效应，故A错误．根据光电效应方程E km＝hν－W0知，入射光的频率不变，最大初动能不变，故B错误．当能产生光电效应时，单位时间内逸出的光电子数目与入射光的强度成正比，所以减弱入射光的强度，单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少，故C正确．光电效应发射出光电子的时间极短，几乎是瞬间的，与光照强度无关，故D错误．[答案] C17．如图甲所示，一圆形金属线圈放置于匀强磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度为B0.现让线圈绕其一条直径以50 Hz的频率匀速转动，较长时间t内产生的热量为Q.若线圈不动，让磁场以图乙所示规律周期性变化，要在t时间内产生的热量也为Q，图乙中磁场变化的周期T以s为单位，数值应为()1 2A. B.50π50π2 1C. D.25π25π[解析]设线圈面积为S，线圈绕其一条直径以50 Hz的频率匀速转动，产生频率为502Hz的正弦式交变电流，其电动势最大值为E m＝B0Sω＝100πB0S，有效值E＝E m＝50 πB0S.224B0S若线圈不动，让磁场以图乙所示规律周期性变化，则产生方波形交变电流，电动势最大值为，T4B0S4B0S 有效值也为，要使两者在相同时间内产生的热量相等，则两者电动势有效值相等，即T T2＝50 2πB0S，解得T＝，选项C正确．25π[答案] C18．(2017·江西省一模)如图甲所示是一台交流发电机的构造示意图，线圈转动产生的感应电动势随时间变化的规律如图乙所示．发电机线圈电阻为1 Ω，外接负载电阻为4 Ω，则()A．线圈转速为50 r/sB．电压表的示数为4 VC．负载电阻的电功率为2 WD．线圈转速加倍，电压表读数变为原来的4倍[解析]由图乙可知，线圈转动产生的交变电流的周期为T＝0.04 s，电动势最大值为E m 1＝5 V．由f＝可知频率为25 Hz，即线圈转速n＝f＝25 r/s，选项A错误．电动势有效值E＝TE m 5 2 E 2＝V．根据闭合电路欧姆定律，负载电阻中电流I＝＝A，负载电阻两端电压即电2 2 R＋r 22压表示数U＝IR＝2 2 V，选项B错误．负载电阻R的电功率P＝UI＝2 2×W＝2 W，选项C2正确．由产生的感应电动势最大值表达式E m＝nBSω，ω＝2πf＝2πn可知，线圈转速加倍，转动的角速度ω加倍，感应电动势的最大值加倍，电压表读数加倍，选项D错误．[答案] C19．(2017·石家庄一模)如图所示，内壁光滑的圆轨道竖直固定在桌面上，一小球静止在轨道底部A点．现用小锤沿水平方向快速击打小球，击打后迅速移开，使小球沿轨道在竖直面内运动，当小球回到A点时，再次用小锤沿运动方向击打小球．通过两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点，已知小球在运动过程中始终未脱离轨道．若在第一次击打过程中小锤对小球做功W1，第二次击打过程中小锤对小球做功W2，先后两次击打过程中小锤对小球做功全部W1 用来增加小球的动能，则的值可能是()W21 2A. B. C．1 D．23 3[解析]第一次击打后球最多到达与球心O等高的位置，根据功能关系有W1≤mgR，两次1 击打后小球可以到达轨道最高点，根据功能关系有W1＋W2－2mgR＝mv2，根据圆周运动知识，2v2 3 W1 2在最高点有mg＋N＝m≥mg，联立解得W2≥mgR，故≤，A、B正确．R 2 W2 3[答案]AB20．(2017·河南郑州二次质检)如图所示，一根总电阻为R的导线弯成宽度和高度均为d 的“半正弦波”形闭合线框，竖直虚线之间有宽度也为d、磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于线框所在的平面．线框以速度v向右匀速通过磁场，ab边始终与磁场边界垂直．从b 点到达边界开始到a点离开磁场为止，在这个过程中()A．线框中的感应电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向B．ab段直导线始终不受安培力的作用1C．平均感应电动势为Bdv2B2d3v D．线框中产生的焦耳热为R[解析]b点进入磁场后，穿过闭合线框的磁通量向里增大，一直到线框的b点与磁场的右边界重合，由楞次定律可知，线框中的感应电流沿逆时针方向，从线框的b点与磁场的右边界重合一直到线框的a点离开磁场的过程中，穿过闭合线框向里的磁通量减小，则由楞次定律可知，线框中的感应电流沿顺时针方向，A正确；综合A选项的分析，由左手定则，可知线框的ab边所受的安培力方向先向上后向下，B错误；整个过程穿过线框的磁通量的变化量为零，ΔΦU2由法拉第电磁感应定律E＝可知，线框中的平均感应电动势大小为零，C错误；Q＝·Δt＝Δt RBdv 2 d B2d3v·＝，故D正确．R v R[答案]AD21．(2017·湖北武汉调研)如图甲所示，水平地面上有一边长为L的正方形ABCD区域，其下方埋有与地面平行的金属管线．为探测地下金属管线的位置、走向和埋覆深度，先让金属管线载有电流，然后用闭合的试探小线圈P(穿过小线圈的磁场可视为匀强磁场)在地面探测．如图乙所示，将暴露于地面的金属管接头接到电源的一端，将接地棒接到电源的另一端，这样金属管线中就有沿管线方向的电流．使线圈P在直线AC上的不同位置保持静止(线圈平面与地面平行)，线圈中没有感应电流．将线圈P静置于B处，当线圈平面与地面平行时，线圈中有感应电流，当线圈平面与射线BD成45°角时，线圈中感应电流消失．下列判斯正确的是()A．图乙中的电源为恒定直流电源B．金属管线沿AC走向2C．金属管线的埋覆深度为L2D．线圈P在D处，当它与地面的夹角为45°时，P中的感应电流可能最大[解析]如果是恒定直流电源，则线圈P中不可能有感应电流，选项A错误；线圈中没有感应电流，说明磁通量的变化率为零，即穿进与穿出的磁通量抵消，线圈P在直线AC上的不同位置保持静止(线圈平面与地面平行)，线圈中没有感应电流，说明金属管线沿AC走向，选项B正确；当线圈平面与射线BD成45°角时，线圈中感应电流消失，由几何关系知，金属管2线的埋覆深度为L，选项C正确；线圈P在D处，如果它与地面夹角为45°(与题中所述线2圈平面与射线BD成45°角的情况下的平面垂直)时，线圈就与磁感线垂直，穿过P的磁通量最大，P中的感应电流就最大，选项D正确．[答案]BCD二、选考题(从两道题中任选一题作答)。

2018届高考物理高考二轮复习课时作业第二部分仿真模拟一-二含答案

仿真模拟(一)(分数：110分时间：90分钟)第Ⅰ卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 14．以下说法正确的是( )A ．奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象B ．开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律C ．由电场强度的定义E ＝Fq 可知，电场强度与电场力F 成正比，与试探电荷的电荷量q 成反比D ．楞次通过实验发现了在磁场中产生电流的条件解析：法拉第发现了电磁感应现象并通过实验发现了在磁场中产生电流的条件，故选项A 、D 错误；开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律，故选项B 正确；电场强度由形成场的电荷决定，与试探电荷的电荷量无关，故选项C 错误．答案：B15. 下列说法正确的是( )A ．原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律B ．α射线、β射线、γ射线都是高速运动的带电粒子流C ．氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D ．发生光电效应时光电子的动能只与入射光的强度有关解析：原子核发生衰变时有质量亏损，质量不守恒，选项A 错误．γ射线是光子流，不是带电粒子流，选项B 错误．氢原子从激发态向基态跃迁，辐射的光子能量hν＝E m －E n ，即只能辐射特定频率的光子，C 项正确．发生光电效应时光电子的动能，只与入射光频率有关，而与入射光强度无关，D 项错误．答案：C16．2015年9月28日美国宇航局说发现火星上有液态水，美国太空专家最近达成的共识认为，美国航天局可能在2033年把宇航员送入火星轨道，2039年派人登上火星．假设火星探测器环火星运行轨道可视为圆轨道，已知质量为m 的探测器环火星运行时可忽略其他天体的引力，其轨道半径为r ，运动周期为T ，引力常量为G .由以上条件可求得( ) A ．火星表面的重力加速度 B ．火星的半径C ．探测器离火星表面的高度D ．火星的质量解析：根据题意无法求出火星的半径，故B 错误．轨道半径为r ＝R ＋h ，不知道火星的半径，所以不能求出离火星表面的高度，故C 错误．已知火星探测器的轨道半径为r ，运动周期为T ，引力常量为G ，根据万有引力提供向心力，有GMm r 2＝m 4π2r T 2，M ＝4π2r 3GT 2，所以能求出火星的质量，故D 正确．根据万有引力等于重力得GMm R 2＝mg ，故g ＝GMR 2，因不知道火星的半径，所以不能求出火星表面的重力加速度，故A 错误．答案：D17.已知通入电流为I 的长直导线在周围某点产生的磁感应强度B 与该点到导线间的距离r 的关系为B ＝k Ir .如图所示，竖直通电长直导线中的电流I 方向向上，绝缘的光滑水平面上P 处有一带正电小球从图示位置以初速度v 0水平向右运动，小球始终在水平面上运动，运动轨迹用实线表示．若从上向下看，则小球的运动轨迹可能是( )解析：根据右手螺旋定则可知直线电流I 产生的磁场方向与光滑的水平面平行，根据左手定则可知，带正电的小球受到的洛伦兹力方向始终与该水平面垂直，沿水平方向没有分力，所以洛伦兹力对运动的电荷不做功．由此可知，小球将做匀速直线运动，故A 正确，B 、C 、D 错误．答案：A18．如图所示，带正电的A 球固定，质量为m 、电荷量为＋q 的粒子B 从a 处以速度v 0射向A ，虚线abc 是B 运动的一段轨迹，b 点距离A 最近．粒子经过b 点时速度为v ，重力忽略不计，则( )A ．粒子从a 运动到b 的过程中动能不断增大B ．粒子从b 运动到c 的过程中加速度不断增大C ．可求出A 产生的电场中a 、b 两点间的电势差D ．可求出A 产生的电场中b 点的电场强度解析：带电粒子从a 到b ，电场力做负功，根据动能定理，动能不断减小，选项A 错误；粒子从b 运动到c 的过程中加速度不断减小，选项B 错误；根据动能定理，可求出A 产生的电场中a 、b 两点间的电势差，选项C 正确；不可求出A 产生的电场中b 点的电场强度，选项D 错误．答案：C19．如图所示，光滑轨道ABCD 是大型游乐设施过山车轨道的简化模型，最低点B 处的入、出口靠近但相互错开，C 是半径为R 的圆形轨道的最高点，BD 部分水平，末端D 点与右端足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v 逆时针转动．现将一质量为m 的小滑块从轨道AB 上某一固定位置A 由静止释放，滑块能通过C 点后再经D 点滑上传送带，则( )A ．固定位置A 到B 点的竖直高度可能为2RB ．滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v 无关C ．滑块不可能重新回到出发点A 处D ．传送带速度v 越大，滑块与传送带摩擦产生的热量越多解析：因滑块能通过C 点，则在C 点的速度为v C ≥gR ，由动能定理知，从A 点到C 点满足mgh ＝mg ·2R ＋12m v 2C ，解得h ≥52R ，故选项A 错误；物体在传送带上向右做匀减速运动，加速度为a ＝μg ，向右运动的最大距离x m ＝v 2D2μg ，故滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v 无关，选项B 正确；当传送带的速度v 大于物体到达D 点的速度时，物体向右运动速度减到零后，再向左运动回到D 点的速度与原来相同，故此时物体仍能回到出发点A ，故选项C 错误；传送带速度v 越大，滑块与传送带的相对位移越大，则由摩擦产生的热量越多，选项D 正确．答案：BD20．如图所示，电源电动势为E ，内阻不计．滑动变阻器阻值为R ＝50 Ω，定值电阻R 1＝30 Ω，R 2＝20 Ω，三只电流表都是理想电流表．滑动变阻器的滑动触头P 从a 向b 移动过程中，下列说法正确的是( )A ．电流表A 的示数先增大后减小B ．电流表A 1的示数先增大后减小C ．电流表A 2的示数逐渐增大D ．滑动触头P 移到b 端时电流表A 的示数最大解析：当满足R 1＋R aP ＝R 2＋R bP 时，外电路的电阻最大，则滑动变阻器的滑动触头P 从a 向b 移动过程中，电路的总电阻先增大后减小，电流先减小后增加，电流表A 的示数先减小后增大，选项A 错误；因电源的内阻不计，可知电流表A 1的示数I 1＝ER 1＋R aP ，则随着R aP 的增加，电流表A 1读数减小，选项B 错误；电流表A 2的示数I 2＝ER 1＋R bP ，则随着R bP 的减小，电流表A 2读数逐渐增大，选项C 正确；由数学知识可知，当滑动触头P 移到b 端时电路的总电阻最小，此时电流表A 的示数最大，选项D 正确．答案：CD21．如图，矩形线圈abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路，线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc 边匀速转动，磁场只分布在bc 边的左侧，磁感应强度大小为B ，线圈面积为S ，转动角速度为ω，匝数为N ，线圈电阻不计．下列说法正确的是( )A ．将原线圈抽头P 向上滑动时，灯泡变暗B ．电容器的电容C 变大时，灯泡变暗C ．图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势最大D ．若线圈abcd 转动的角速度变为2ω，则变压器原线圈电压的有效值为NBSω解析：矩形线圈abcd 中产生交变电流，将原线圈抽头P 向上滑动时，原线圈匝数变大，根据变压比公式U 1U 2＝n 1n 2，输出电压减小，故灯泡会变暗，故A 正确；电容器的电容C 变大时，容抗减小，故干路电流增加，灯泡变亮，故B 错误；线圈处于图示位置时，是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零，故C 错误；若线圈转动角速度变为2ω，电动势最大值为E m ＝NBS ·2ω，根据电流的热效应有E 2R ·T ＝(E m 2)2R ·T 2，解得E ＝NBSω，故D 正确．答案：AD第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22～25题为必考题，每个考题都必须作答，第33～34为选考题，按要求作答． (一)必考题(共47分)22．(6分)某军工企业于2015年1月研制成功一种新材料做成的电阻丝，其电阻稳定性非常优良，几乎不随温度发生改变．工程技术员为了准确测定它的电阻率，进行了如下的测量．(1)用多用电表粗测其电阻，示数如图所示，则R x ＝________Ω.(2)用伏安法测量导线的电阻，并要多次测量求其平均值，供选用的器材有：电源E (电动势为4V)；电压表V(量程为3 V ，内阻约为2 kΩ) 电流表A 1 (量程为0.5 mA ，内阻约为1 Ω) 电流表A 2(量程为0.6 A ，内阻约为10 Ω) 滑动变阻器R (最大阻值为20 Ω) 开关、导线若干．①电流表应选________；②在用伏安法测量导线的电阻的操作过程中，所选电流表应采用________(选填“内接法”或“外接法”)、滑动变阻器应采用________(选填“分压式”或“限流式”)接入电路．解析：(1)多用电表测电阻，读数等于指针指示的最上排刻度值乘上倍率：8.0×1 000＝8 000 Ω.(2)①根据电源E＝4 V，待测电阻R x≈8 000 Ω，求得I max＝ER x＝0.5 mA，故选择电流表A1合适．②由于R x＞R A1·R V＝ 2 000，待测电阻为大电阻，用电流表内接法误差较小；而滑动变阻器最大阻值为20 Ω远小于待测导线电阻，同时要得到多组数据求电阻平均值，所以滑动变阻器用分压式接法．答案：(1)8 000(2)①A1②内接法分压式23．(9分)如图(a)所示为“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置，该装置依靠电子信息系统获得了小车加速度a的信息，由计算机绘制出a与钩码重力的关系图．钩码的质量为m，小车和砝码的质量为M，重力加速度为g.(1)下列说法正确的是________．A．每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力B．实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C．本实验m应远小于MD．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a-M图象(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他作出的a-F图可能是图(b)中________(选填“甲”“乙”或“丙”)图线．此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________．A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大(3)实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，其它操作均正确，若轨道水平，他测量得到的图象如图(c)所示．设图中纵轴上的截距为－b，则小车与木板间的动摩擦因数μ＝________. 解析：(1)平衡摩擦力后，假设木板倾角为θ，则有f＝mg sin θ＝μmg cos θ，即sin θ＝μcos θ，故每次在小车上加减砝码时，不需要重新平衡摩擦力，故A错误；实验时应先接通电源后释放小车，故B错误；为使钩码的重力近似等于绳子的拉力，应使m远小于M，故C正确；由F ＝Ma 得a ＝F M ，所以在用图象探究小车的加速度与质量的关系时，通常作a -1M 图象，故D 错误．故选C.(2)遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况，说明没有平衡摩擦力或平衡不够，故可能作出图(b)中丙；此图线的AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是钩码的总质量太大，没有远小于小车和砝码的质量，故选C.(3)根据牛顿第二定律可知，mg －μMg ＝Ma ，结合a -1M 图象，可得a ＝mg 1M －μg ，则图线在纵轴上的截距为－μg ＝－b ，因此小车与木板间的动摩擦因数μ＝bg .答案：(1)C (2)丙 C (3)bg24．(12分)如图所示，两根质量同为m 、电阻同为R 、长度同为l 的导体棒a 、b ，用两条等长的、质量和电阻均可忽略的长直导线连接后，放在距地面足够高的光滑绝缘水平桌面上，两根导体棒均与桌边缘平行，一根在桌面上，另一根移动到靠在桌子的光滑绝缘侧面上．整个空间存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度为B ，开始时两棒静止，自由释放后开始运动．已知两条导线除桌边缘拐弯处外其余部位均处于伸直状态，导线与桌子侧棱间无摩擦．求：(1)刚释放时，两导体棒的加速度大小； (2)两导体棒运动稳定时的速度大小；(3)若从开始下滑到刚稳定时通过横截面的电荷量为q ，求该过程a 棒下降的高度．解析：(1)刚释放时，设导线中的拉力为F T 对a 棒：mg －F T ＝ma 对b 棒：F T ＝ma 解得a ＝12g .(2)导体棒运动稳定时，设细线中拉力为F T ′ 对b 棒：F T ′＝0 对a 棒：mg ＝F 安又F 安＝BIl ＝B 2l 2v2R解得v ＝2mgRB 2l2.(3)从开始下滑到刚稳定，设a 棒下降的高度为h 则通过横截面的电荷量q ＝I ·Δt ＝ΔΦ2R ＝Blh2R解得h ＝2qRBl.答案：(1)12g (2)2mgR B 2l 2 (3)2qRBl25．(20分)如图所示，在足够高的光滑水平台面上静置一质量为m 的长木板A ，A 右端用轻绳绕过光滑的轻质定滑轮与质量也为m 的物体C 拴接．当C 从静止开始下落距离h 时，在木板A 的最右端轻放一质量为4m 的小铁块B (可视为质点)，最终B 恰好未从木板A 上滑落．A 、B 间的动摩擦因数μ＝0.25，且认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ，求：(1)C 由静止下落距离h 时，A 的速度大小v 0； (2)A 、B 间因摩擦而产生的热量Q ；(3)若当铁块B 轻放在木板A 的最右端的同时，对B 加一水平向右的恒力F ＝7mg ，其他条件不变，求B 滑出A 时的速度大小．解析：(1)以A 与C 组成是系统为研究的对象，C 下降的过程中，拉着A 一起运动，只有重力做功，则 mgh ＝12(m ＋m )v 20 代入数据解得v 0＝gh(2)将B 放在A 上后，B 受到摩擦力的作用，A 与B 之间的摩擦力 F f ＝μ·4mg ＝mg C 的重力：G C ＝mg设此时A 与C 仍然一起做加速运动，则 (m ＋m )a ＝mg －F f ＝mg －mg ＝0所以将B 放在A 上后，A 与C 一起做匀速直线运动，B 做匀加速直线运动，加速度 a B ＝μg ＝0.25g设经过时间t 后B 与A 的速度相等，此时B 恰好运动到A 的左端，则B 与A 的速度相等需要的时间t ＝v 0a B木板A 的长度L ＝v 0t －12a B t 2联立得L ＝2hA 、B 间因摩擦而产生的热量 Q ＝μ(4mg )L ＝0.25×4mg ×2h ＝2mgh(3)设A 、B 共速前B 的受力情况如图，A 、C 一起匀速运动，B 做加速运动．设A 、B 共速前，B 的加速度为a B 1，加速时间为t 1，则F ＋μ(4m )g ＝4ma B 1， v 0＝a B 1t 1，Δs ＝v 0t 1－12a B 1t 21 共速后，A 、B 、C 全部向右加速运动， A 、B 共速后，B 受力情况如图所示，对物体B 由牛顿第二定律得 F －μ(4m )g ＝(4m )a B 2①对系统A 、C 由牛顿第二定律得 mg ＋μ(4m )g ＝(m ＋m )a AC ② Δs ＝12(a B 2－a AC )t 22 物体B 的速度为v B ′＝v 0＋a B 2t 2＝52gh 答案：(1)gh (2)2mgh (3)52gh(二)选考题(共15分，请从给出的2道题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分) 33．[物理——选修3—3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分) A ．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B ．雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用C ．橡胶无固定的熔点，是非晶体D ．热机的效率可以达到100%E ．气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现(2)(10分)如图所示，A 汽缸截面积为500 cm 2，A 、B 两个汽缸中装有体积均为10 L 、压强均为1 atm 、温度均为27 ℃的理想气体，中间用细管连接．细管中有一绝热活塞M ，细管容积不计．现给左面的活塞N 施加一个推力，使其缓慢向右移动，同时给B 中气体加热，使此过程中A 汽缸中的气体温度保持不变，活塞M 保持在原位置不动．不计活塞与器壁间的摩擦，周围大气压强为1 atm ＝105 Pa.当推力F ＝53×103 N 时，求：①活塞N 向右移动的距离是多少？ ②B 汽缸中的气体升温到多少？解析：(1)温度是分子平均动能的标志，则温度高的物体分子平均动能一定大，但是物体的内能与物体的物质的量、温度及体积等都有关系，故温度高的物体内能不一定大，选项A 正确；雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用，选项B 正确；橡胶无固定的熔点，是非晶体，选项C 正确；根据热力学第二定律可知，任何热机的效率都不可以达到100%，选项D 错误；气体很容易充满整个容器，这是由于气体分子之间的作用力可以忽略，分子可以自由移动的缘故，选项E 错误．(2)①加力F 后，A 中气体的压强为p A ′＝p 0＋F S ＝43×105 Pa对A 中气体：由玻意耳定律得p A V A ＝p A ′V A ′ 则V A ′＝p A V A p A ′＝105 V A 43×105＝34V A初态时，L A ＝V A S A ＝10×103500cm ＝20 cm ，L A ′＝V A ′S A＝15 cm故活塞N 向右移动的距离是s ＝L A －L A ′＝5 cm②对B 中气体，因活塞M 保持在原位置不动，末态压强为p B ′＝p A ′＝43×105 Pa根据查理定律得p B T B ＝p B ′T B ′解得T B ′＝p B ′T Bp B ＝400 K ，解得t B ＝127 ℃答案：(1)ABC (2)①5 cm ②127℃ 34．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)如图所示，两列简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x ＝－0.2 m 和x ＝1.2 m 处，两列波的速度均为v ＝0.4 m/s ，两列波的振幅均为2 cm.图示为t ＝0时刻两列波的图象(传播方向如图所示)，此刻平衡位置处于x ＝0.2 m 和x ＝0.8 m 的P 、Q 两质点刚开始振动．质点M 的平衡位置处于x ＝0.5 m 处，下列说法正确的是________．(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分)A ．t ＝0.75 s 时刻，质点P 、Q 都运动到M 点B ．质点M 的起振方向沿y 轴负方向C ．t ＝2 s 时刻，质点M 的纵坐标为－2 cmD ．0到2 s 这段时间内质点M 通过的路程为20 cmE ．M 点振动后的振幅是4 cm(2)(10分)过去已知材料的折射率都为正值(n >0)，现针对某些电磁波设计的人工材料，其折射率都为负值(n <0)，称为负折射率材料，电磁波从空气射入这类材料时，折射定律和电磁波传播规律仍然不变，但是折射线与入射线位于法线的同一侧(此时折射角取负值)．现空气中有一上下表面平行、厚度为d ＝30 cm 、折射率为n ＝－1.732的负折射率材料，一束电磁波从其上表面以入射角i ＝60°射入，从下表面射出．①请画出电磁波穿过该材料的示意图； ②求电磁波穿过该材料所用的时间．解析：(1)P 、Q 两质点在各自的平衡位置来回振动，不沿波的传播方向移动，故A 错误；由同侧法可判断B 正确；两列波叠加时M 点振幅为4 cm ，故E 正确；波的周期为1 s ，波传播到M 点的时间是0.75 s ，当t ＝2 s 时，M 点振动的时间为1.25 s ，为周期的54倍，路程为5倍振幅是20 cm ，质点M 的纵坐标为－4 cm ，故C 错误，D 正确． (2)②根据折射定律得n ＝sin isin r由几何关系得电磁波在该材料中传播的距离为x ＝dcos r电磁波在该材料中传播的速度为v ＝cn电磁波通过该材料所用的时间为t ＝xv 由以上各式联立代入数据解得t ＝2×10－9s答案：(1)BDE (2)①如图所示②2×10－9s仿真模拟(二)(分数：110分时间：90分钟)第Ⅰ卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．小强在加油站加油时，看到加油机上有如图所示的图标．关于图标涉及的物理知识及其理解，下列说法正确的是( )A ．制作这些图标的依据是静电屏蔽原理B ．化纤手套与接触物容易摩擦起电存在安全隐患C ．工作人员工作时间须穿绝缘性能良好的化纤服装D ．用绝缘的塑料梳子梳头应该没有关系解析：据题意，梳头过程中梳子与头发摩擦会产生放电现象，选项D 错误；非棉手套及衣服与身体摩擦更容易产生静电，故选项B 正确，选项C 错误；脱衣服过程因为摩擦会产生静电，这些图标都是防止静电引起火灾，故选项A 错误．答案：B15．北京时间8月9日凌晨4时，2016里约奥运会跳水项目男子双人10米跳台落下帷幕，中国组合林跃和小将陈艾森凭借优异的表现，以总分496.98分为跳水梦之队再添一金，同时也实现了中国跳水队在该项目上的四连冠．假设下图是陈艾森(可看作质点)参加跳台跳水比赛v -t 图象，t ＝0是其向上起跳离开跳台瞬间，则( )A. t 1时刻开始进入水面 B ．t 2时刻运动员达到最高点 C ．t 3时刻处于水下的最深处D ．0～t 2时间内，运动员处于超重状态解析：由图象可知从开始到t 2时刻，v ﹣t 图象为直线，说明整个过程中的加速度是相同的，加速度向下，处于失重状态，所以在0～t 2时间内人在空中，先上升后下降，t 1时刻到达最高点，t 2之后速度减小，开始进入水中，所以A 、B 、D 错误；t 3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故C 正确．答案：C16．地球赤道上的重力加速度为g ，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a ，卫星甲、乙、丙在如图所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P 点相切．以下说法正确的是( )A ．如果地球自转的角速度突然变为原来的g ＋a a 倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来B ．卫星甲、乙经过P 点时的加速度大小相等C ．卫星甲的周期最小D ．三个卫星在远地点的速度可能大于第一宇宙速度解析：物体在赤道上随地球自转时，GMmR 2－mg ＝ma ，当物体飘起来的时候，万有引力完全提供向心力，则ma ′＝GMmR 2＝mg ＋ma ，即此时的向心加速度a ′＝g ＋a ，则ω2为原来的g ＋a a 倍，则A 错误；卫星在同一位置其加速度相同，则B 正确；根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越小，卫星的周期越小，卫星丙的半长轴最短，故周期最小，则C 错误；卫星在远地点做向心运动，其速度要小于第一宇宙速度，则D 错误．答案：B17．质量为m 、长度为l 的金属棒MN 两端由绝缘且等长轻质细线水平悬挂，处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B .开始时细线竖直，金属棒静止．当金属棒中通以恒定电流后，金属棒从最低点向右开始摆动，若已知细线与竖直方向的最大夹角为60°，如图所示，则棒中电流( )A ．方向由M 向N ，大小为3mg3Bl B ．方向由N 向M ，大小为3mgBl C ．方向由M 向N ，大小为3mgBl D ．方向由N 向M ，大小为3mg3Bl解析：选取细线竖直时为初始状态，细线与竖直方向夹角为60°时为末状态．根据动能定理可得W 合＝ΔE k ，初状态和末状态速度都为零，则W G －W 安＝mgL 绳(1－cos 60°)－BIlL 绳sin 60°＝0，解得电流I 为3mg3Bl.因为安培力方向水平向右，所以根据左手定则，电流方向为由N 向M .故D 选项正确．答案：D18．全国自由式滑雪冠军赛于2016年2月24至25日在沈阳白清寨滑雪场举行．如图所示，某一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上．若斜面雪坡的倾角为θ，飞出时的速度大小为v 0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g ，则( )A ．如果v 0不同，则该运动员落到雪坡时的速度方向也就不同B ．不论v 0多大，该运动员落到雪坡时的速度方向都是相同的C ．运动员落到雪坡时的速度大小是v 0cos θD ．运动员在空中经历的时间是2v 0cot θg解析：设在空中飞行时间为t ，运动员在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，运动员竖直位移与水平位移之比为y x ＝12gt2v 0t ＝gt2v 0＝tan θ，则有飞行的时间t ＝2v 0tan θg ，运动员落到雪坡时竖直方向的速度大小为v y ＝gt ＝2v 0tan θ，设此时运动员的速度与方向水平的夹角为α，则tan α＝v yv 0＝2tan θ，可见α与初速度v 0无关，初速度不同，但运动员落到雪坡时的速度方向相同，故A 、D 错误，B 正确；运动员落回雪坡时的速度大小为v ＝v 0cos α≠v 0cos θ，故C错误．答案：B19．如图所示，质量分布均匀的光滑小球O ，放在倾角均为θ的斜面体上，斜面体置于同一水平面上，且处于平衡，则下列说法正确的是()A ．甲图中斜面对球O 弹力最大B ．丙图中斜面对球O 弹力最小C ．乙图中挡板MN 对球O 弹力最小D ．丙图中挡板MN 对球O 弹力最小解析：将甲、乙、丙、丁四种情况小球的受力图作在一幅图上，如图，根据平衡条件知，丁图中斜面对小球的弹力为零，挡板对小球的弹力等于其重力G .斜面对小球的弹力和挡板对小球的弹力的合力与重力大小相等、方向相反，即得到三种情况下此合力相等，根据平行四边形定则知，丙图中挡板MN 对球O 弹力F MN 最小，甲图中斜面对球O 弹力F 斜最大．故B 、C 错误，A 、D 正确．答案：AD20．磁流体发电机可简化为如下模型：两块长、宽分别为a 、b 的平行板，彼此相距L ，板间通入已电离的速度为v 的气流，两板间存在一磁感应强度大小为B 的磁场，磁场方向与两板平行，并与气流垂直，如图所示．把两板与外电阻R 连接起来，在磁场力作用下，气流中的正、负离子分别向两板移动形成电流．设该气流的导电率(电阻率的倒数)为σ，则()A ．该磁流体发电机模型的内阻为r ＝LB ．产生的感应电动势为E ＝Ba vC ．流过外电阻R 的电流强度I ＝BL vR ＋L σabD ．该磁流体发电机模型的路端电压为BL v RR ＋σL ab解析：根据左手定则知正电荷向上偏，负电荷向下偏，上极板带正电，下极板带负电，最终电荷处于平衡有q v B ＝q E L ，解得电动势为E ＝BL v ，内电阻为r ＝ρL S ＝L σS ＝Lσab ，根据闭合电路欧姆定律有I ＝ER ＋L σab ＝BL v R ＋L σab ，那么路端电压为U ＝IR ＝BL v R R ＋L σab .综上所述，故A 、C 正确，B 、D 错误．答案：AC21．在倾角为θ的斜面上固定两根足够长的光滑平行金属导轨PQ 、MN ，相距为L ，导轨处于磁感应强度为B 、范围足够大的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下．有两根质量均为m 的金属棒a 、b ，先将a 棒垂直导轨放置，用跨过光滑定滑轮的细线与物块c 连接，连接a 棒的细线平行于导轨，由静止释放c ，此后某时刻，将b 也垂直导轨放置，a 、c 此刻起做匀速运动，b 棒刚好能静止在导轨上．a 棒在运动过程中始终与导轨垂直，两棒与导轨电接触良好，导轨电阻不计，则( )A ．物块c 的质量是2m sin θB ．b 棒放上导轨前，物块 c 减少的重力势能等于a 、c 增加的动能C ．b 棒放上导轨后，物块 c 减少的重力势能等于回路消耗的电能D ．b 棒放上导轨后，a 棒中电流大小是mg sin θBL解析：b 棒静止说明b 棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡；a 棒匀速向上运动，说明a 棒受绳的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三个力平衡；c 匀速下降，则c 所受重力和绳的拉力大小平衡．由b 平衡可知，安培力大小F 安＝mg sin θ，由a 平衡可知F 绳＝F 安＋mg sin θ＝2mg sin θ，由c 平衡可知F 绳＝m c g 因为绳中拉力大小相等，故2mg sin θ＝m c g ，即物块c 的质量为2m sin θ，故A 正确；b 放上导轨之前，根据能量守恒知。

最新-2018届“步步高”高考物理大二轮复习练习(人教版)：专题过关六电磁感应和电路精品

2018届“步步高”高考物理大二轮复习练习（人教版）：专题过关六电磁感应和电路(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(每小题4分，共44分)1.用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列表达中不属于用比值法定义物理量的是( )A ．感应电动势E ＝ΔΦΔtB ．电容C ＝QUC ．电阻R ＝UID ．磁感应强度B ＝FIL2.电磁炉是利用电磁感应现象产生的涡流，使锅体发热从而加热食物．下列相关的说法中正确的是( )A ．锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关B ．电磁炉中通入电压足够高的直流电也能正常工作C ．金属或环保绝缘材料制成的锅体都可以利用电磁炉来烹饪食物D ．电磁炉的上表面一般都用金属材料制成，以加快热传递减少热损耗 3.如图1所示，灯泡A 、B 都能正常发光，后来由于电路中某个电阻发生断路，致使灯泡A 比原来亮一些，B 比原来暗一些，则断路的电阻是( )A ．R 1B ．R 2C ．R 3D ．R 44.如图2所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，电压表和电流表均为理想电表，R 为副线圈的负载电阻．现在原线圈a 、b 两端加上交变电压u ，其随时间变化的规律u ＝2202sin 100πt V ，则( )A ．副线圈中产生的交变电流频率为100 HzB ．电压表的示数22 2 VC ．若电流表示数为0.1 A ，则原线圈中的电流为1 AD ．若电流表示数为0.1 A ，则1 min 内电阻R 上产生的焦耳热为132 J 5．如图3所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，直角边长为L ，磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向外．一边长为L 、总电阻为R 的正方形闭合导线框abcd ，从图示位置开始沿x 轴正方向以速度v 垂直磁场匀速穿过磁场区域．取电流沿abcd 的方向为正，则下图中表示线框中感应电流i 随bc 边位置坐标x 变化的图象正确的是()6.如图4甲所示，闭合线圈固定在小车上，总质量为1 kg.它们在光滑水平面上，以10 m/s 的速度进入与线圈平面垂直、磁感应强度为B 的水平有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．已知小车运动的速度v 随车的位移x 变化的v －x 图象如图乙所示．则( )图1图2图3甲乙图4A ．线圈的长度L ＝10 cmB ．磁场的宽度d ＝15 cmC ．线圈进入磁场过程中做匀加速运动，加速度为0.8 m/s 2D ．线圈通过磁场过程中产生的热量为48 J7.两块水平放置的金属板间的距离为d ，用导线与一个n 匝线圈相连，线圈电阻为r ，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R 与金属板连接，其余电阻均不计. 如图5所示，两板间有一个质量为m 、电荷量为q 的带正电的油滴恰好处于静止状态，则线圈中的磁感应强度B 的变化情况和磁通量的变化率分别是( )A ．磁感应强度B 竖直向上且正在增强，ΔΦΔt ＝mgdnqB ．磁感应强度B 竖直向下且正在增强，ΔΦΔt ＝mgdnqC ．磁感应强度B 竖直向上且正在减弱，ΔΦΔt ＝mgd (R ＋r )nqRD ．磁感应强度B 竖直向下且正在减弱，ΔΦΔt ＝mgd (R ＋r )nqR8.如图6所示电路中，L 为电感线圈，C 为电容器，当开关S 由断开变为闭合时，则( )A ．A 灯有电流通过，方向由a 到bB ．A 灯中无电流通过，不可能变亮C ．B 灯立即熄灭，c 点电势低于d 点电势D ．B 灯逐渐熄灭，c 点电势低于d 点电势9．如图7所示，MN 、PQ 为平行光滑导轨与地面成30°角固定，并处于与导轨所在平面垂直向上、足够宽的匀强磁场中，导轨间距恒定，N 、Q 间接一定值电阻R .现有一金属杆ab 沿导轨匀速下滑，并与导轨接触良好，若其它电阻忽略不计，则 ( )A ．闭合电路不产生感应电流B ．金属杆ab 产生的感应电动势保持不变C ．金属杆ab 受到的安培力方向沿导轨向下D ．金属杆ab 受到的安培力方向沿导轨向上10．如图8所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为L ，金属圆环的直径也是L .自圆环从左边界进入图5图6图7磁场开始计时，以垂直于磁场边界的恒定速度v 穿过磁场区域．规定逆时针方向为感应电流i 的正方向，则圆环中感应电流i 随其移动距离x 的i －x 图象最接近( )11.如图9所示,一个边长为l 、总电阻为R 的单匝等边三角形金属线框, 在外力的作用下以速度v 匀速穿过宽度均为l 的两个有界匀强磁场，磁场的磁感应强度大小均为B ，方向相反．线框运动方向始终与底边平行且与磁场边界垂直．取顺时针方向的电流为正，从图示位置开始，线框中的感应电流i 与线框沿运动方向的位移x 之间的函数图象是 ()二、实验题(12题8分，13题8分，共16分)12.(8分)某同学进行测量电阻R 的阻值的实验．他先用多用电表进行粗测，电表示数如图 10所示．然后用伏安法进行较精确的测量，现已选定滑动变阻器(阻值0～200 Ω)，开关一只，导线若干，另有如下备选器材：图10A ．电源(E ＝16 V ，r ＝2 Ω)B ．电源(E ＝3 V ，r ＝0.5 Ω)C ．电压表(量程0～15 V ，内阻约50 kΩ)D ．电压表(量程0～3 V ，内阻约10 kΩ)E ．电流表(量程0～500 μA ，内阻约500 Ω)F ．电流表(量程0～1 mA ，内阻约250 Ω) 请回答如下问题：①多用电表的读数____________；②用伏安法测量应选用的器材为________________；(请填写器材前的符号) ③请在下边的方框图中画出实验电路原理图．图913.(8分)某实验小组要描绘一个标有“3.8 V,1 W”的小灯泡L的R－U曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A．电压表V(量程5 V，内阻约为5 kΩ)B．直流电源E(电动势4.5 V，内阻不计)C．电流表A1(量程150 mA，内阻约为2 Ω)D．电流表A2(量程300 mA，内阻约为1 Ω)E．滑动变阻器R1(阻值0～10 Ω)F．滑动变阻器R2(阻值0～200 Ω)(1)实验中为较准确测量、方便调节，电流表应选用____，滑动变阻器应选用________；(填写仪器符号)(2)实验中要求小灯泡的电压从零逐渐增大到额定电压，测量误差尽可能小．请你为该实验小组设计电路图，画在下面的方框中(3)据实验数据，计算并描绘出了R－U的图象，如图11所示．由图象可知，当所加电压为3.00 V时，灯泡实际消耗的电功率为________ W．假设灯丝电阻R与其温度t的关系是R＝k(t＋273)(k为比例系数)，室温为27°C，可知该灯泡正常发光时，灯丝的温度约为________℃；图11(4)小灯泡的电功率P随电压U变化的图象及其伏安特性曲线可能分别是图12中的________．A．①和③B．①和④C．②和③D．②和④图12三、解答题(14题12分，15题14分，16题14分，共40分)14.(12分)如图13(a)所示，半径为r1的圆形区域内有均匀磁场，磁感应强度为B0，磁场方向垂直纸面向里，半径为r2的阻值为R的金属圆环与磁场同心放置，圆环与阻值也为R的电阻R1连结成闭合回路，一金属棒MN与金属环接触良好，棒与导线的电阻不计，(a)(b)图13(1)若棒以v0的速率在环上向右匀速滑动，求棒滑过圆环直径的瞬间(如图(a)所示)MN中的电动势和流过R1的电流的大小与方向；(2)撤去中间的金属棒MN，将金属圆环以MN所在的直径为轴向上翻折90°，若磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图(b)所示，图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0，求0至t0时间内通过电阻R1上的电量q及电阻R1上产生的热量．15.(14分)如图14甲所示，在一对平行光滑的金属导轨的上端连接一阻值为R＝4 Ω的定值电阻，两导轨在同一平面内．质量为m＝0.1 kg，长为L＝0.1 m的导体棒ab垂直于导轨，使其从靠近电阻处由静止开始下滑，已知导体棒电阻为r＝1 Ω，整个装置处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，导体棒下滑过程中加速度a与速度v的关系如图乙所示．(g＝10 m/s2)．求：图14(1)导轨平面与水平面间夹角θ；(2)磁场的磁感应强度B；(3)若靠近电阻处到底端距离为20 m，ab棒在下滑至底端前速度已达10 m/s，求ab棒下滑的整个过程中，电阻R上产生的焦耳热．16.(14分)如图15甲所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ竖直放置，其宽度L＝1 m，一匀强磁场垂直穿过导轨平面，导轨的上端M与P之间连接阻值为R＝0.40 Ω的电阻，质量为m＝0.01 kg、电阻为r＝0.30 Ω的金属棒ab紧贴在导轨上．现使金属棒ab由静止开始下滑，下滑过程中ab始终保持水平，且与导轨接触良好，其下滑距离x与时间t的关系如图乙所示，图象中的OA段为曲线，AB段为直线，导轨电阻不计，g＝10 m/s2(忽略ab 棒运动过程中对原磁场的影响)，试求：图15(1)当t ＝1.5 s 时，重力对金属棒ab 做功的功率；(2)金属棒ab 在开始运动的1.5 s 内，电阻R 上产生的热量； (3)磁感应强度B 的大小．答案 1．A 2．A 3．B 4．D 5．C 6．AD 7．C 8．D 9．BD 10．A 11．A12．①(2分)30 kΩ ②(2分)ACE ③(4分)实验电路原理图13.(1)A 2(1分)；R 1(1分) (2)如图滑动变阻器分压接法；电流表外接(2分)(3)0.78(1分) 2 327(1分) (4)C(2分)14.(1)2B 0r 1v 0，4B 0r 1v 03R ,方向a →b (2)B 0πr 124R ，B 02π2r 1416Rt 015．(1)30° (2)5 T (3)4 J 16．(1)0.7 W (2)0.26 J (3)0.1 T。

2018年高考物理浙江选考二轮专题复习选择题等值练八

选择题等值练(八)一、选择题Ⅰ(本题共13小题，每小题3分，共39分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．(2017·浙江金兰合作组织期中)慈溪的某位同学想利用假期去黄山旅行，利用手机地图功能规划路线，如图1所示，其中显示的“6小时5分395.3公里”分别指的是()图1A．时间位移B．时间路程C．时刻位移D．时刻路程答案 B2．(2016·宁波市模拟)在公路的每个路段都有交通管理部门设置的限速标志，如图2所示，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时()图2A．必须以这一规定速度行驶B．平均速度大小不得超过这一规定数值C．瞬时速度大小不得超过这一规定数值D．汽车上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规定值的答案 C解析限速标志上的数值为这一路段汽车行驶的瞬时速度的最大值，汽车上的速度计指示值为汽车行驶的瞬时速度值，不能超过这一规定值．3．(2016·嵊州市调研)如图3所示，高速动车出站时能在150 s内匀加速到180 km/h，然后正常行驶．某次因意外列车以加速时的加速度大小将车速减至108 km/h.以出站时的加速度方向为正方向，则下列说法不正确的是()图3A ．列车加速时的加速度大小为13m/s 2B ．列车减速时，若运用v ＝v 0＋at 计算瞬时速度，其中a ＝－13 m/s 2C ．若用v －t 图象描述列车的运动，减速时的图线在时间轴t 轴的下方D ．列车由静止加速，1 min 内速度可达20 m/s 答案 C解析 180 km/h ＝50 m/s,108 km/h ＝30 m/s.列车加速时的加速度大小|a |＝Δv Δt ＝50150 m/s 2＝13 m/s 2，减速时，加速度方向与速度方向相反，a ＝－13 m/s 2，故选项A 、B 都正确；列车减速时，v－t 图象中的图线依然在时间轴t 轴的上方，选项C 错误；由v ＝at 可得v ＝13×60 m/s ＝20 m/s ，选项D 正确．4. (2016·诸暨市调研)a 、b 两个物体做平抛运动的轨迹如图4所示，设它们抛出的初速度分别为v a 、v b ，从抛出至碰到台上的时间分别为t a 、t b ，则( )图4A ．v a ＝v bB ．v a <v bC ．t a >t bD ．t a <t b 答案 D解析由题图知，h b >h a ，因为h ＝12gt 2，所以t a <t b ，又因为x ＝v 0t ，且x a >x b ，所以v a >v b ，选项D 正确．5. (2016·宁波市模拟)如图5所示为齿轮的传动示意图，大齿轮带动小齿轮转动，大、小齿轮的角速度大小分别为ω1、ω2，两齿轮边缘处的线速度大小分别为v 1、v 2，则( )图5A．ω1<ω2，v1＝v2B．ω1>ω2，v1＝v2C．ω1＝ω2，v1>v2D．ω1＝ω2，v1<v2答案 A解析由题意可知两齿轮边缘处的线速度大小相等，v1＝v2，根据v＝ωr可知ω1<ω2，选项A正确．6. 如图6所示，在匀速转动的圆筒内壁上有一物体随圆筒一起转动而未滑动，若减小圆筒和物体的角速度做匀速转动(此时物体和圆筒仍然一起运动)，下列说法正确的是()图6A．物体所受弹力增大，摩擦力也增大B．物体所受弹力增大，摩擦力减小C．物体所受弹力减小，摩擦力不变D．物体所受弹力增大，摩擦力不变答案 C解析物体做匀速圆周运动，合力指向圆心，对物体受力分析，受重力、向上的静摩擦力和指向圆心的支持力，如图所示，其中重力G与静摩擦力F f平衡，与物体的角速度无关，支持力F N提供向心力，所以当圆筒的角速度ω减小以后，物体所需向心力变小，物体所受弹力F N减小，所以C正确．7. 如图7所示为某行星绕太阳运行的椭圆轨道，其中F1和F2是椭圆轨道的两个焦点，已知该行星在A点的速率比在B点的大，则太阳是位于下列哪一位置()图7A ．F 1B ．F 2C ．OD ．在F 1与F 2之间答案 A解析 v A >v B ，由开普勒定律知，太阳处于椭圆轨道的焦点F 1处．8．(2017·嘉兴一中等五校联考)如图8所示，电场中的一簇电场线关于y 轴对称分布，O 点是坐标原点，M 、N 、P 、Q 是以O 为圆心的一个圆周上的四个点，其中M 、N 在y 轴上，Q 点在x 轴上，则( )图8A ．M 点电势比P 点电势高B ．OM 间的电势差等于NO 间的电势差C ．一正电荷在O 点的电势能小于在Q 点的电势能D ．将一负电荷从M 点移到P 点，电场力做正功答案 D9．有一款绿色环保冰箱的产品规格如下表，该冰箱每天正常工作的平均功率为( )A.相当于900 W 电饭煲的功率 B ．接近于90 W 电热毯的功率 C ．相当于125 W 彩电的功率 D ．小于40 W 白炽灯泡的功率答案 D解析冰箱的平均功率为P ＝W t ＝0.9 kW·h 24 h＝37.5 W ，故本题选D.10. 如图9所示，斜面固定在水平面上，轻质弹簧一端固定在斜面顶端，另一端与小物块相连，弹簧处于自然长度时物块位于O 点，物块与斜面间有摩擦．现将物块从O 点拉至A 点，撤去拉力后物块由静止向上运动，经O 点到达B 点时速度为零，则物块从A 运动到B 的过程中( )图9A ．经过位置O 点时，物块的动能最大B ．物块能量最大的位置与A 、O 的距离有关C ．物块从A 向O 运动过程中，弹性势能的减少量等于动能与重力势能的增加量D ．物块从O 向B 运动过程中，动能的减少量大于弹性势能的增加量答案 D解析物块从A 向O 运动过程，受重力、支持力、弹簧的拉力和滑动摩擦力，在平衡位置动能最大，由于摩擦力平行斜面向下，故平衡点在O 点下方，故经过O 点的动能不是最大，故A 错误；在平衡点动能最大，而平衡点的位置与A 、O 距离无关，故B 错误；物块从A 向O 运动过程中，弹性势能减小，重力势能、动能和内能均增加，根据能量守恒定律，弹性势能的减少量大于动能与重力势能的增加量，故C 错误；物块从O 向B 运动过程中，动能减小，重力势能、弹性势能和内能均增加，根据能量守恒定律，动能的减少量大于弹性势能的增加量，故D 正确．11．已知用电器A 的电阻是用电器B 的电阻的2倍，加在A 上的电压是加在B 上的电压的一半，那么通过A 和B 的电流I A 和I B 的关系是( ) A ．I A ＝2I B B ．I A ＝I B2C ．I A ＝I BD ．I A ＝I B4答案 D解析由I ＝U R 得，I A ∶I B ＝U A R A ∶U B R B ＝U A R B ∶U B R A ＝1∶4，即I A ＝I B4，应选D.12．(2016·宁波市高中学业水平3月模拟考试) 如图10所示为电流天平，可用来测定磁感应强度．天平的右臂上挂有一匝数为N 的矩形线圈，线圈下端悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，当线圈中通有电流I (方向如图)时，发现天平的右端低于左端，下列调节方案可以使天平平衡的是( )图10A ．保持其他条件不变，仅适当减小线圈的宽度B ．保持其他条件不变，仅适当减少线圈的匝数C ．保持其他条件不变，仅适当增大电流大小D ．保持其他条件不变，改变电流的方向后适当增大电流大小答案 C解析天平的右端低于左端说明天平右臂受到的拉力较大，由左手定则知线圈在磁场中受向上的安培力，因此要使天平平衡，可增大线圈所受的安培力，由F ＝NBIL 知，在其他条件不变的情况，可适当增大线圈的宽度，增加线圈的匝数，增大电流大小，选项A 、B 、D 错误，C 正确． 13. (2016·湖州市调研)在科学研究中，可以用风力仪直接测量风力的大小，其原理如图11所示．仪器中有一根轻质金属丝，悬挂着一个金属球．无风时，金属丝竖直下垂；当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝偏离竖直方向一个角度．风力越大，偏角越大．通过传感器就可以根据偏角的大小指示出风力大小．风力大小F 跟金属球质量m 、偏角θ之间的关系为( )图11A ．F ＝mg cos θB ．F ＝mg tan θC ．F ＝mg cos θD ．F ＝mgtan θ答案 B解析金属球受mg 、F 、F T 三个力作用而静止(如图所示)其中F 、F T 的合力F 合与mg 等大反向，即F 合＝mg 则F ＝mg tan θ，故B 正确．二、选择题Ⅱ(本题共3小题，每小题2分，共6分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)14．[加试题](多选)(2017·嘉兴一中等五校联考)波粒二象性是微观世界的基本特征，以下说法正确的有( )A ．光电效应现象揭示了光的粒子性B ．热中子束射到晶体上产生衍射图样说明中子具有波动性C ．黑体辐射的实验规律可用光的波动性解释D ．动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等答案 AB15．[加试题]如图12甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO ′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与阻值为R ＝10 Ω的电阻连接，与电阻R 并联的交流电压表为理想电表，示数是10 V ．图乙是穿过矩形线圈的磁通量Φ随时间t 变化的图象，线圈电阻忽略不计，则下列说法正确的是( )图12A ．电阻R 上的电功率为10 WB ．0.02 s 时R 两端的电压瞬时值为零C ．R 两端的电压u 随时间t 变化的规律是u ＝14.1cos 100πt (V)D ．通过R 的电流i 随时间t 变化的规律是i ＝cos 100πt (A) 答案 AC解析根据公式P ＝U 2R ，得P ＝10 W ，故选项A 正确；由图乙可知，0.02 s 时通过线圈的磁通量为零，电动势最大，R 两端的电压瞬时值为10 2 V ，故选项B 错误；由图乙可知，T ＝0.02 s ，电动势的最大值为E m ＝2U ≈14.1 V ，ω＝2πT ＝100π rad/s ，又因为此交变电流是从垂直于中性面开始计时的，所以R 两端的电压u 随时间t 变化的规律是u ＝14.1cos 100πt (V)，故选项C 正确；I m ＝E mR＝1.41 A ，通过R 的电流i 随时间t 变化的规律是i ＝1.41cos 100πt (A)，故选项D 错误．16．[加试题]如图13所示，一束白光以60°的入射角射到一水平放置的平面镜上，反射后在正上方与平面镜平行的光屏上留下一光点A .现将一块上下两面平行的透明玻璃块平放在平面镜上，如图中虚线所示．当进入透明玻璃块的光线经平面镜反射后再从透明玻璃块的上表面射出(不考虑玻璃块表面对光的反射)，则下列说法正确的是( )图13A ．光屏上形成一个光点且在A 点左侧B ．在玻璃块的下表面最左端是紫光C ．在A 点的右侧光屏上出现光的色散现象D ．在光屏上形成一条彩色光带，最靠近A 点的是红光答案BD解析白光经玻璃折射后发生色散，出射时形成一条彩色光带，A错误；紫光折射率最大，所以玻璃下表面偏折最大的是紫光，即最左端是紫光，B正确；光折射后向左偏移，所以A 点的左侧光屏上出现光的色散现象，C错误；红光折射率最小，偏折最小，所以最靠近A点，D正确．。

普通高等学校招生全国统一考试20188届高三下学期第二次调研考试理科综合物理试题

普通高等学校招生全国统一考试20188届高三下学期第二次调研考试理科综合物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列核反应方程中属于聚变反应的是（）A ．23411120H H He n +→+B ．1441717281N He O H +→+C ．427301213150He Al P n +→+D ．2351144891920563603U n Ba Kr n +→++ 2．一列车队从同一地点先后开出n 辆汽车在平直的公路上排成直线行驶，各车均由静止出发先做加速度为a 的匀加速直线运动，达到同一速度v 后改做匀速直线运动，欲使n 辆车都匀速行驶时彼此距离均为x ，则各辆车依次启动的时间间隔为(不计汽车的大小) ( )A ．2v aB ．2v aC ．2x vD ．x v3．如图所示，倾角为θ的斜面体c 置于水平地面上，小物块b 置于斜面上，通过轻质绝缘细绳跨过光滑的定滑轮与带正电的小球M 连接，连接小物块b 的一段细绳与斜面平行，带负电的小球N 用轻质绝缘细绳悬挂于P 点．设两带电小球在缓慢漏电的过程中，两球心始终处于同一水平面上，并且小物块b 、斜面体c 都处于静止状态．下列说法正确的是（）A ．小物块b 对斜面体c 的摩擦力一定减小B ．地面对斜面体c 的支持力一定不变C ．地面对斜面体c 的摩擦力方向一定向左D ．地面对斜面体c 的摩擦力一定变大4．如图所示，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度的大小为B 1，P 为磁场边界上的一点．相同的带正电荷粒子，以相同的速率从P 点射入磁场区域，速度方向沿位于纸面内的各个方向．这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的13．若将磁感应强度的大小变为 B 2，结果相应的弧长变为圆周长的14，不计粒子的重力和粒子间的相互影响，则21B B 等于A ．34 BC．2D．3二、多选题5．如图所示，在竖直平面内xOy 坐标系中分布着与水平方向成45°角的匀强电场，将一质量为m 、带电荷量为q 的小球，以某一初速度从O 点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程x ＝ky 2，且小球通过点P 11,k k ⎛⎫ ⎪⎝⎭，已知重力加速度为g ，则（）A ．电场强度的大小为mg qB ．小球初速度的大小为C ．小球通过点P 时的动能为54mg kD ．小球从O 点运动到P点的过程中，电势能减少k 6．如图所示，在某次发射卫星的过程中，卫星由近地圆形轨道进入椭圆轨道，图中O 点为地心，地球半径为R ，A 点是近地圆形轨道和椭圆轨道的切点，远地点B 离地面高度为6R ，设卫星在近地圆形轨道运动的周期为T ．下列说法正确的是（）A ．卫星由近地圆形轨道的A 点进入椭圆轨道需要使卫星减速B ．卫星在椭圆轨道上通过A 点时的速度大于通过B 点时的速度C ．卫星在椭圆轨道上通过A 点时的加速度是通过B 点时加速度的6倍D ．卫星在椭圆轨道上由A 点经4T 的时间刚好能到达B 点7．如图所示，用同种电阻丝制成的单匝正方形闭合线框A 的边长与圆形闭合线框B 的直径相等，m 点和n 点是线框A 底边的两个端点，p 点和q 点是线框B 水平直径的两个端点，线框A 、B 同时由静止开始释放并进入上边界水平、范围足够大的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，进入过程中m 、n 、p 、q 四点连线始终保持水平．当两线框完全进入磁场以后，下列说法正确的是（）A ．m 、n 点和p 、q 点电势的关系一定有m n p q φφφφ<<，B ．m 、n 点和p 、q 点间电势差的关系一定有U mn =U pqC ．进入磁场过程中流过线框A 、B 的电荷量Q A >Q BD ．进入磁场过程中流过线框A 、B 的电荷量Q A =Q B8．如图所示，两根间距为cm 的无限长光滑金属导轨，电阻不计，其左端连接一阻值为10Ω的定值电阻R ，两导轨之间存在着磁感应强度为1T 的匀强磁场，磁场边界虚线为正弦曲线的一部分，一阻值为10Ω的光滑导体棒ab ，在外力作用下以10m/s 的速度匀速向右运动（接触电阻不计），交流电压表和交流电流表均为理想电表，则（）A ．回路中产生的是正弦式交变电流B ．交流电压表的示数是1VC ．导体棒ab 运动到图示虚线位置时，交流电流表示数为0D ．导体棒ab 上消耗的热功率为0.1W9．下列说法正确的是__________．A ．一切晶体的光学和力学性质都是各向异性的B ．在完全失重的宇宙飞船中，水的表面存在表面张力C ．物体内部所有分子动能和势能的总和为物体的内能D．一定质量的0℃的冰融化为0℃的水时，分子势能增加E.土壤里有很多毛细管，如果要把地下的水分沿着它们引到地表，可以将地面的土壤锄松10．下列说法正确的是_________．A．偏振光可以是横波，也可以是纵波B．光学镜头上的增透膜利用了光的干涉现象C．光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理D．X射线在磁场中能偏转，穿透能力强，可用来进行人体透视E.声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率大于声源振动的频率三、实验题11．为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲中所示实验装置．请思考探究思路并回答下列问题：（1）为了消除小车与木板之间摩擦力的影响应采取的做法是______A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B．将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C．使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D．使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上（2）在实验中，得到一条打点的纸带，如图乙所示，已知相邻计数点的时间间隔为T，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度的表达式为a= ______ ；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图丙所示．图线______ （选填“①”或“②”）是在轨道倾斜情况下得到的；小车及车中的砝码总质量m= ______ kg．12．如图甲所示，图中虚线框内是由表头G改装成的一个电流表和一个电压表的电路，其中接a、b时为电流表，接a、c时为电压表．已知表头的满偏电流为2mA，内阻阻值范围为180~200Ω，定值电阻R1=50Ω，R2=1460Ω，为确定改装后电流表和电压表的量程，实验小组将a、b两个接线柱接入如图乙所示的电路中，来测量表头G的内阻．甲乙(1)实验室里，电流表A和滑动变阻器R均有两种规格：电流表：a．0～10mA b．0~600mA滑动变阻器：a．0～20Ω b．0～1000Ω则电流表应选_______________，滑动变阻器应选________________；(选填字母代号)(2)将选择的器材接入电路．①依照图甲电路图，在图乙上用笔画线代替导线，补充完整实物图______；②闭合S，以I1表示电流表A的示数，I2表示表头G的示数，多次调整滑动变阻器，测量多组I l、I2数据(单位均为mA)，某同学以I l为纵轴，I2为横轴，画出I l-I2图像为一条过原点的倾斜直线，该同学求出了图线的斜率k=5，则表头内阻R g=____________Ω，由表头G改装后的电流表量程为______________mA，电压表量程为________V．四、解答题13．如图所示，匀强电场的电场强度大小为E，方向竖直向下，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里．一带电液滴在垂直于匀强磁场的竖直平面内做半径为R 的匀速圆周运动，重力加速度为g．（1）求该液滴的速度大小和绕行方向．（2）若液滴运行到轨迹最低点A时，分裂成大小相同的两个液滴，其中一个液滴仍在原来的平面内做半径为3R的匀速圆周运动，且此圆周的最低点也是A，则另一液滴将如何运动？14．如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，x轴沿水平方向．x＞0的区域有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B1；第三象限同时存在着垂直于坐标平面向外的匀强磁场和竖直向上的匀强电场，磁感应强度大小为B2，电场强度大小为E．x＞0的区域固定一与x轴成θ=30°角的绝缘细杆．一穿在细杆上的带电小球a沿细杆匀速滑下，从N 点恰能沿圆周轨道运动到x 轴上的Q 点,且速度方向垂直于x 轴．已知Q 点到坐标原点O 的距离为32l ，重力加速度为g ，17B =2B =阻力忽略不计，求：(1)带电小球a 的电性及其比荷q m； (2)带电小球a 与绝缘细杆的动摩擦因数μ； (3)当带电小球a 刚离开N 点时，从y 轴正半轴距原点O 为203l h π=的P 点（图中未画出）以某一初速度平抛一个不带电的绝缘小球b ，b 球刚好运动到x 轴与向上运动的a 球相碰，则b 球的初速度为多大？15．如图所示，一绝热气缸竖直放置，一定质量的理想气体被活塞封闭于气缸中，绝热活塞质量为m 、横截面积为S ，不计厚度，且与气缸壁之间没有摩擦。

2018届高考物理二轮讲练专题1-16(课时作业打包16套,含答案)

课时作业(一)一、选择题(共11个小题，2、10、11为多选，其余为单项选择题，每题5分共55分)1．(2017·甘肃二模)如图所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成30°角的力F 1推物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成60°角的力F 2拉物块时，物块仍做匀速直线运动．若F 1和F 2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为( )A.3－1B ．2－3 C.32－12 D ．1－32答案 B分析在两种情况下分别对物体受力分析，根据共点力平衡条件，运用正交分解法列式求解，即可得出结论．解析对两种情况下的物体分别受力分析，如图：将F 1正交分解为F 3和F 4，F 2正交分解为F 5和F 6，则有：F 滑′＝F 3mg ＋F 4＝F N ′；F 滑＝F 5mg ＝F 6＋F N而F 滑＝μF NF 滑′＝μF N ′则有F 1cos30°＝μ(mg ＋F 1sin30°)① F 2cos60°＝μ(mg －F 2sin60°)② 又根据题意F 1＝F 2③联立①②③解得：μ＝2－ 3.点评本题关键要对物体受力分析后，运用共点力平衡条件联立方程组求解，运算量较大，要有足够的耐心，更要细心．2．(2016·江苏)如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中()A．桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B．鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C．若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大D．若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面答案BD解析当桌布被拉出时，鱼缸由静止到向右运动，但它相对于桌布来说，仍向左运动，由于滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，因此桌布对鱼缸的摩擦力的方向应向右，A项错误；因为鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，鱼缸受到桌布向右的摩擦力与它受到桌面向左的摩擦力大小相等，所以鱼缸向右加速的加速度大小与向右减速的加速度大小相等，方向相反，鱼缸的初速度为零，末速度也为零，根据对称性可知，鱼缸做加速运动的时间与做减速运动的时间相等，B项正确；若猫增大拉力，桌布的加速度更大，但是由于鱼缸与桌布间的压力不变，动摩擦因数也不变，故摩擦力也不变，C项错误；若猫减小拉力，桌布的加速度减小，鱼缸在桌布上的运动时间变长，而鱼缸向右的加速度不变，由x＝12at2知，鱼缸相对于桌面的位移变大，桌布被拉出后鱼缸在桌面上的位移也变大，鱼缸就有可能滑出桌面，D项正确．3．(2017·课标全国Ⅲ)一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距80 cm的两点上，弹性绳的原长也为80 cm.将一钩码挂在弹性绳的中点，平衡时弹性绳的总长度为100 cm；再将弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点，则弹性绳的总长度变为(弹性绳的伸长始终处于弹性限度内)()A．86 cm B．92 cmC．98 cm D．104 cm答案B解析由题可知，挂上钩码后，如下图(1)所示：此时弹性绳长度为100 cm ，则角度为：θ＝37°，sin θ＝0.6.对结点O 进行受力分析如图(2)所示：则由图(2)得：2Tsinθ＝mg当将两端缓慢移动至同一点时，由受力分析可得：2T′＝mg由于弹性绳上弹力为：F ＝kx得出：T x ＝T′x′由题可知：x ＝100－80＝20 cm则弹性绳伸长长度为：x′＝12 cm那么弹性绳总长度为：L ＝L 0＋x′＝92 cm点评本题考查共点力的平衡，本题的关键是找出绳子与竖直方向的夹角，然后计算出劲度系数．另外做这一类题目，要养成画图的习惯，这样题目就能变的简单．4.(2017·江西一模)如图所示，质量为m(可视为质点)的小球P ，用两根轻绳OP 和O′P 在P点拴结实后再分别系于竖直墙上且相距0.4 m 的O 、O′两点上，绳OP 长0.5 m ，绳O′P 刚拉直时，OP 绳拉力为T 1，绳OP 刚松弛时，O ′P 绳拉力为T 2，θ＝37°，则T 1T 2为(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)( ) A ．3∶4B ．4∶3C ．3∶5D ．4∶5答案 C分析绳O′P 刚拉直时，此时O′P 绳子拉力为零，绳OP 刚松弛时，此时OP 绳子拉力为零，根据小球的受力情况画出受力示意图，根据共点力的平衡条件求解．解析绳O′P 刚拉直时，OP 绳拉力为T 1，此时O′P 绳子拉力为零，小球受力如图所示，根据几何关系可得sinα＝OO′OP ＝45，所以α＝53°，所以α＋θ＝90°；根据共点力的平衡条件可得：T 1＝mgsinα；绳OP 刚松弛时，O ′P 绳拉力为T 2，此时OP 绳子拉力为零，小球受力如图所示，根据共点力的平衡条件可得：T 2＝mgtanα，由此可得：T 1T 2＝sin53°tan53°＝35，所以C 项正确、A 、B 、D 项错误；故选C 项．5.(2017·课标全国Ⅰ一模)有三个完全相同的金属小球A 、B 、C ，其中小球C不带电，小球A 和B 带有等量的同种电荷，如图所示，A 球固定在竖直支架上，B 球用不可伸长的绝缘细线悬于A 球正上方的O 点处，静止时细线与OA 的夹角为θ.小球C 可用绝缘手柄移动，重力加速度为g ，现在进行下列操作，其中描述与事实相符的是( )A ．仅将球C 与球A 接触离开后，B 球再次静止时细线中的张力比原来要小B ．仅将球C 与球A 接触离开后，B 球再次静止时细线与OA 的夹角为θ1，仅将球C 与球A 接触离开后，B 球再次静止时细线与OA 的夹角为θ2，则θ1＝θ2C ．剪断细线OB 瞬间，球B 的加速度等于gD ．剪断细线OB 后，球B 将沿OB 方向做匀变速直线运动直至着地答案 B分析 A 项，依据受力分析，与平衡条件，及库仑定律与三角形的相似比，即可判定；B 项，由库仑定律和库仑分电量法，即可求解；C 项，根据牛顿第二定律，及矢量的合成法则，即可确定；D 项，依据库仑力随间距的变化而变化，从而判定运动性质．解析 A 项，仅将球C 与球A 接触后离开，球A 的电量减半，致使二者间的库仑力减小，对球B 进行受力分析可知它在三个力的作用下平衡，由三角形相似可知mg H ＝T L，故细线的张力不变，故A 项错误；B 项，将球C 与球B 接触后离开，和球C 与球A 接触后离开，由库仑定律和库仑分电量法知道两种情况下AB 间的斥力相同，故夹角也相同，故B 项正确；C 项，剪断细绳瞬间球B 在重力和库仑力作用下运动，其合力斜向右下方，与原来细线的张力等大反向，故其加速度不等于g ，故C 项错误；D 项，剪断细线OB 后，球B 在空中运动时受到的库仑力随间距的变化而变化，即球B 落地前做变加速曲线运动，故D 项错误．点评考查库仑定律、牛顿第二定律的应用，掌握数学中三角形的相似比，理解电荷的相互作用力影响因素．6.(2016·课标全国Ⅲ)如图所示，两个轻环a 和b 套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m 的小球．在a 和b 之间的细线上悬挂一小物块．平衡时，a 、b 间的距离恰好等于圆弧的半径．不计所有摩擦．小物块的质量为( )A.m 2B.32m C ．mD ．2m答案 C解析如图所示，圆弧的圆心为O ，悬挂小物块的点为c ，由于ab ＝R ，则△aOb 为等边三角形，同一条细线上的拉力相等，T ＝mg ，合力沿aO 方向，则aO 为角平分线，由几何关系知，∠acb ＝120°，故绳的拉力的合力与物块的重力大小相等，即每条线上的拉力T ＝G ＝mg ，所以小物块质量为m ，故C 项正确．7.(2017·湖南浏阳月考)如图所示，物体B 通过动滑轮悬挂在细绳上，整个系统处于静止状态，动滑轮的质量和一切摩擦均不计．如果将绳的左端点由P 点缓慢地向右移到Q 点，整个系统重新平衡后，绳的拉力F 和绳子与竖直方向的夹角θ的变化情况是( )A ．F 变大，θ变大B ．F 变小，θ变小C ．F 不变，θ变小D ．F 不变，θ变大答案 B解析整个系统处于静止状态，设两侧绳子的夹角为β，滑轮两侧绳的拉力F ＝m B g 2cos β2，左端移动到Q 点后，根据几何关系可知，此时两绳的夹角β减小，所以两侧绳的拉力变小，由几何知识可知，图中角θ大小是两绳的夹角大小的一半，由于滑轮两侧绳的夹角减小，所以角θ减小，故B 项正确，故A 、C 、D 三项错误．8．(2015·山东)如图所示，滑块A 置于水平地面上，滑块B 在一水平力作用下紧靠滑块A(A 、B 接触面竖直)，此时A 恰好不滑动，B 刚好不下滑．已知A 与B 间的动摩擦因数为μ1，A 与地面间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．A 与B 的质量之比为( )A.1μ1μ2B.1－μ1μ2μ1μ2C.1＋μ1μ2μ1μ2D.2＋μ1μ2μ1μ2答案 B 解析物体AB 整体在水平方向F ＝μ2(m A ＋m B )g ；对物体B 在竖直方向有μ1F ＝m B g ；联立解得m A m B ＝1－μ1μ2μ1μ2，B 项正确． 9．(2017·河北省保定市高三调研)如图所示，木板P 下端通过光滑铰链固定于水平地面上的O 点，物体A 、B 叠放在木板上且处于静止状态，此时物体B 的上表面水平．现使木板P 绕O 点缓慢旋转到虚线所示位置，物体A 、B 仍保持静止，与原位置的情况相比( )A ．A 对B 的作用力减小B ．B 对A 的支持力减小C ．木板对B 的支持力减小D ．木板对B 的摩擦力增大答案 B解析开始和转到虚线位置，A 对B 的作用力都等于A 的重力，大小不变，A 项错误；木板转到虚线位置后倾角减小，B 受到的摩擦力F f ＝μ(m A ＋m B )gsinθ减小，即木板对B 的摩擦力减小，B 对木板的压力F N ＝(m A ＋m B )gcosθ增大，木板对B 的支持力也增大，C 、D 两项错误；转到虚线位置时物体B 的上表面倾斜，对A 受力分析，易知，B 对A 的支持力减小，B 项正确．10.如图所示，水平地面上固定一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角为θ.一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端，另一端系有一个带电小球A ，细线与斜面平行．小球A 的质量为m 、电量为q.小球A 的右侧固定放置带等量同种电荷的小球B ，两球心的高度相同、间距为d.静电力常量为k ，重力加速度为g ，两带电小球可视为点电荷．小球A 静止在斜面上，则( )A ．小球A 与B 之间库仑力的大小为kq 2/d 2B ．当q d ＝mgsinθk 时，细线上的拉力为0C ．当q d ＝mgtanθk 时，细线上的拉力为0D ．当q d ＝mg ktanθ时，斜面对小球A 的支持力为0 答案 AC解析点电荷库仑定律F ＝kq 2/d 2，所以A 项正确；当细线上的拉力为0的时候，小球A 受到库仑力、斜面支持力、重力，具体关系为kq 2/d 2＝mgtanθ，即C 项正确．由受力分析可知，斜面对小球的支持力不可能为0，所以D 项错误．11．(2017·安徽模拟)如图所示，质量为M 的斜劈放置在水平地面上，细线绕过滑轮O 1、O3连接m1、m3物体，连接m1细线与斜劈平行，滑轮O3由细线固定在竖直墙O处，滑轮O1用轻质杆固定在天花板上，动滑轮O2跨在细线上，其下端悬挂质量为m2的物体，初始整个装置静止，不计细线与滑轮间摩擦，下列说法正确的是()A．若增大m2质量，m1、M仍静止，待系统稳定后，细线张力大小不变B．若增大m2质量，m1、M仍静止，待系统稳定后，地面对M摩擦力变大C．若将悬点O上移，m1、M仍静止，待系统稳定后，细线与竖直墙夹角变大D．若将悬点O上移，m1、M仍静止，待系统稳定后，地面对M摩擦力不变答案AD分析先对物体m3分析，受重力和拉力而平衡，故细线的拉力一直不变；再对m1和斜面体整体分析，根据平衡条件分析摩擦力情况；如果将悬点O上移，先后对m2、m3分析，根据平衡条件分析细线与竖直墙夹角变化情况．解析A、B两项，若增大m2质量，m1、M仍静止；先对物体m3分析，受重力和拉力而平衡，说明细线的拉力大小保持不变；再隔离m1和斜面体整体分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，根据平衡条件，摩擦力等于拉力的水平分力，由于拉力不变，故地面对M摩擦力不变，故A项正确，B项错误；C、D项，若将悬点O上移，m1、M仍静止，细线的拉力依然等于m3g，大小不变；先分析m2，由于重力不变，两个拉力的大小也不变，故根据平衡条件，两个拉力的方向不变；再分析滑轮O3，受三个拉力，由于两个拉力的大小和方向不变，故根据平衡条件，第三个拉力的方向也不变，故细线与竖直墙夹角不变，故C 项错误；最后分析m1和斜面体整体，受重力、支持力、拉力和摩擦力，根据平衡条件，摩擦力等于拉力的水平分力，由于拉力不变，故地面对M摩擦力不变，故D项正确；故选A、D两项．点评本题是力平衡问题，关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象进行受力分析，根据平衡条件列式求解；通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法．有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用．二、计算题(共3个小题，12题12分，13题15分，14题18分，共45分) 12．(2017·北京市海淀区)如图所示，在匀强磁场中倾斜放置的两根平行光滑的金属导轨，它们所构成的导轨平面与水平面成θ＝30°角，平行导轨间距L＝1.0 m．匀强磁场方向垂直于导轨平面向下，磁感应强度B＝0.20 T．两根金属杆ab和cd可以在导轨上无摩擦地滑动．两金属杆的质量均为m＝0.20 kg，电阻均为R＝0.20 Ω.若用与导轨平行的拉力作用在金属杆ab上，使ab杆沿导轨匀速上滑并使cd杆在导轨上保持静止，整个过程中两金属杆均与导轨垂直且接触良好．金属导轨的电阻可忽略不计，取重力加速度g ＝10 m/s 2.求：(1)cd 杆受安培力F 安的大小；(2)通过金属杆的感应电流I ；(3)作用在金属杆ab 上拉力的功率P.答案 (1)1.0 N (2)5.0 A (3)20 W解析 (1)金属杆cd 静止在金属导轨上，所受安培力方向与导轨平面平行向上．则F 安＝mgsin30°解得：F 安＝1.0 N(2)F 安＝BIL ，解得I ＝5.0 A(3)金属杆ab 所受安培力方向与导轨平面平行向下，金属杆ab 匀速上滑，则F ＝BIL ＋mgsin30°，根据电磁感应定律，金属棒ab 上产生的感应电动势为E 感＝BLv.根据闭合电路欧姆定律，通过金属杆ab 的电流I ＝E 感2R，根据功率公式：P ＝Fv. 解得：P ＝20 W考点闭合电路欧姆定律，电磁感应定律13．(2016·天津)如图所示，空间中存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小为E ＝5 3 N/C ，同时存在着水平方向的匀强磁场，其方向与电场方向垂直，磁感应强度大小B ＝0.5 T ．有一带正电的小球，质量m ＝1.0×10－6 kg ，电荷量q ＝2×10－6 C ，正以速度v 在图示的竖直面内做匀速直线运动，当经过P 点时撤掉磁场(不考虑磁场消失引起的电磁感应现象)取g ＝10 m/s 2，求：(1)小球做匀速直线运动的速度v 的大小和方向；(2)从撤掉磁场到小球再次穿过P 点所在的这条电场线经历的时间t.答案 (1)20 m/s 与电场方向成60°角斜向上(2)3.5 s解析(1)小球匀速直线运动时受力如图，其所受的三个力在同一平面内，合力为零，有qvB ＝q 2E 2＋m 2g 2① 代入数据解得v ＝20 m/s ②速度v 的方向与电场E 的方向之间的夹角满足tan θ＝qE mg ③代入数据解得tanθ＝3θ＝60° ④(2)解法一：撤去磁场，小球在重力与电场力的合力作用下做类平抛运动，如图所示，设其加速度为a ，有a ＝q 2E 2＋m 2g 2m ⑤设撤去磁场后小球在初速度方向上的分位移为x ，有x ＝vt ⑥设小球在重力与电场力的合力方向上分位移为y ，有y ＝12at 2 ⑦a 与mg 的夹角和v 与E 的夹角相同，均为θ，又tan θ＝y x⑧联立④⑤⑥⑦⑧式，代入数据解得t ＝2 3 s ＝3.5 s ⑨ 解法二：撤去磁场后，由于电场力垂直于竖直方向，它对竖直方向的分运动没有影响，以P 点为坐标原点，竖直向上为正方向，小球在竖直方向上做匀减速运动，其初速度为v y ＝vsinθ ⑤若使小球再次穿过P 点所在的电场线，仅需小球的竖直方向上分位移为零，则有v y t －12gt 2＝0 ⑥联立⑤⑥式，代入数据解得t ＝2 3 s ＝3.5 s⑦ 14．(2014·江苏)如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L ，长为3d ，导轨平面与水平面的夹角为θ，在导轨的中部刷有一段长为d 的薄绝缘涂层，匀强磁场的磁感应强度大小为B ，方向与导轨平面垂直，质量为m 的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在滑上涂层之前已经做匀速运动，并一直匀速滑到导轨底端．导体棒始终与导轨垂直，且仅与涂层间有摩擦，接在两导轨间的电阻为R ，其他部分的电阻均不计，重力加速度为g ，求：(1)导体棒与涂层间的动摩擦因数μ；(2)导体棒匀速运动的速度大小v ；(3)整个运动过程中，电阻产生的焦耳热Q.答案 (1)tanθ (2)mgRsinθB 2L 2(3)2mgdsinθ－m 3g 2R 2sin 2θ2B 4L 4解析 (1)在绝缘涂层上，导体棒做匀速直线运动，受力平衡，则有mgsin θ＝μmgcosθ，解得μ＝tanθ(2)导体棒在光滑导轨上滑动时感应电动势E ＝BLv感应电流I ＝E R安培力F 安＝BIL联立得F 安＝B 2L 2v R受力平衡F 安＝mgsinθ解得v ＝mgRsinθB 2L 2(3)整个运动过程中，其他部分没有电阻，因此电阻产生的焦耳热Q 与安培力做功相等．根据动能定理，得3mgd sinθ－μmgdcosθ－Q ＝12mv 2－0 解得Q ＝2mgdsinθ－m 3g 2R 2sin 2θ2B 4L 4课时作业(二)一、选择题(共10个小题，4、7、10为多选，其余为单选，每题5分共50分)1．(2017·商丘市三模)我国航天员要在天宫1号航天器实验舱的桌面上测量物体的质量，采用的方法如下：质量为m 1的标准物A 的前后连接有质量均为m 2的两个力传感器．待测质量的物体B 连接在后传感器上．在某一外力作用下整体在桌面上运动，如图所示．稳定后标准物A 前后两个传感器的读数分别为F 1、F 2，由此可知待测物体B 的质量为( )A.F 1（m 1＋2m 2）F 1－F 2B.F 2（m 1＋2m 2）F 1－F 2C.F 2（m 1＋2m 2）F 1D.F 1（m 1＋2m 2）F 2答案 B解析整体为研究对象，由牛顿第二定律得：F 1＝(m 1＋2m 2＋m)a ；隔离B 物体，由牛顿第二定律得：F 2＝ma ；联立可得：m ＝F 2（m 1＋2m 2）F 1－F 2，B 项正确． 2.(2017·汕头一模)一轿车和一货车在两条平行直道上同向行驶，开始时两车速度都为v 0且轿车司机处于货车车尾并排位置，如图所示，为了超车，轿车司机开始控制轿车做匀加速运动，经过一段时间t ，轿车司机到达货车车头并排位置，若货车车身长度为L ，且货车保持匀速，则轿车加速过程的加速度大小为( )A.L t 2B.2L t 2C.2（v 0t ＋L ）t 2D.（v 0t ＋L ）t 2答案 B分析轿车做匀加速直线运动，货车做匀速直线运动，根据运动学基本公式求出时间t 内两车的位移，再根据两车的位移差为L 求解即可．解析轿车做匀加速直线运动，时间t 内的位移x 1＝v 0t ＋12at 2，货车做匀速直线运动，时间t 内的位移x 2＝v 0t ，根据x 1－x 2＝L 解得：a ＝2L t 2，故B 项正确，A 、C 、D 项错误，故选B 项．点评本题主要考查了匀变速直线运动基本公式的直接应用，抓住位移之差为货车车长列式，也可以以货车为参考系，则轿车做初速度为零的匀加速直线运动，t 时间内运动的位移为L ，从而求解加速度，难度不大，属于基础题．3．(2017·唐山一模)a 、b 两物体同时从同一地点开始做匀变速直线运动，二者运动的v-t 图像如图所示，下列说法正确的是( )A ．a 、b 两物体运动方向相反B ．a 物体的加速度小于b 物体的加速度C ．t ＝1 s 时两物体的间距等于t ＝3 s 时两物体的间距D ．t ＝3 s 时，a 、b 两物体相遇答案 C分析速度－时间图线速度的正负值表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．解析 A 项，由图像可知，a 、b 两物体的速度都为正值，速度方向相同．故A 项错误；B项，图像的斜率表示加速度，由图可知，a 的斜率为a ＝Δv Δt ＝4－22m/s 2＝1 m/s 2，b 的斜率为a′＝Δv′Δt′＝4－52m/s 2＝－0.5 m/s 2，所以a 物体的加速度比b 物体的加速度大．故B 项错误；C 、D 项，t ＝1 s 时，两物体的间距为Δx ＝5×1－12×0.5×12－2×1－12×1×12 m ＝2.25 m ，t ＝3 s 时两物体的位移为Δx′＝5×3－12×0.5×32－2×3－12×1×32 m ＝2.25 m ，故两者物体间距相等，故C 项正确，D 项错误，故选C 项．点评解决本题的关键知道速度－时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，知道速度的正负表示运动的方向．4．(2017·揭阳二模)(多选)如图甲所示，一质量为M 的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m 的小滑块．木板受到随时间t 变化的水平拉力F 作用时，用传感器测出其加速度a ，得到如图乙所示的a-F 图．取g ＝10 m/s 2，则( )A ．滑块的质量m ＝4 kgB ．木板的质量M ＝2 kgC ．当F ＝8 N 时滑块加速度为2 m/s 2D ．滑块与木板间动摩擦因数为0.1答案 ABD分析当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析．解析A项，当F等于6 N时，加速度为：a＝1 m/s2，对整体分析，由牛顿第二定律有：F ＝(M＋m)a，代入数据解得：M＋m＝6 kg，当F大于6 N时，根据牛顿第二定律得：a＝F－μmgM＝1M F－μmgM，由图示图像可知，图线的斜率：k＝1M＝ΔaΔF＝16－4＝12，解得：M＝2kg，滑块的质量为：m＝4 kg.故A、B两项正确；C项，根据F大于6 N的图线知，F＝4时，a＝0，即0＝12×F－μ×402，代入数据解得：μ＝0.1，由图示图像可知，当F＝8 N时，滑块与木板相对滑动，滑块的加速度为：a＝μg＝1 m/s2.故C项错误，D项正确．故选A、B、D三项．点评本题考查牛顿第二定律与图像的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图像问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析．5．(2017·郑州市5月质检)如图所示，在竖直方向运行的电梯中，一个质量为m的物块置于倾角为30°的粗糙斜面上，物块始终位于斜面上某一位置．则下列判断中正确的是()A．若电梯静止不动，物块所受的摩擦力一定是零B．若电梯匀速向上运动，物块所受摩擦力方向有可能沿斜面向下C．若电梯加速上升，物块所受弹力与摩擦力的合力一定大于mgD．若电梯加速下降，物块所受摩擦力的方向一定沿斜面向下答案C解析电梯静止或者匀速直线运动，则物块受力平衡，摩擦力沿斜面向上与重力沿斜面向下的分力平衡，即f＝mgsinθ，A、B两项错误，若电梯加速上升，则合力向上，即弹力、摩擦力和重力三力合力竖直向上，所以弹力和摩擦力的合力一定大于重力mg，C项正确．若电梯加速下降，若处于完全失重，则支持力、摩擦力等于零，若加速度小于重力加速度，则支持力和摩擦力的合力竖直向上，小于重力，摩擦力方向沿斜面向上，D项错误．考点牛顿运动定律共点力的平衡名师点睛物块受到重力、弹力和摩擦力，若合力向上，则弹力和摩擦力的合力竖直向上且大于重力，若合力等于零，则弹力和摩擦力的合力竖直向上等于重力，若合力向下小于重力，则弹力和摩擦力的合力竖直向上小于重力，当完全失重时，则支持力和摩擦力的合力等于0即没有摩擦力和支持力．6．(2017·开封市5月质检)如图所示，一固定杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m 1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为m 2的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为μ.若滑块与小球保持相对静止以相同的加速度a 一起运动，此时绳子与竖直方向夹角为β，且θ<β，则滑块的运动情况是( )A ．沿着杆加速下滑B ．沿着杆减速上滑C ．沿着杆减速下滑D ．沿着杆加速上滑答案 B解析把滑块和球看做一个整体受力分析，沿斜面和垂直斜面建立直角坐标系得，若速度方向向下，则沿斜面方向：(m 1＋m 2)gsinθ－f ＝(m 1＋m 2)a ，垂直斜面方向：F N ＝(m 1＋m 2)gcosθ摩擦力：f ＝μF N联立可解得：a ＝gsinθ－μgcosθ，对小球有：若θ＝β，a ＝gsinβ现有：θ<β，则有：a>gsinβ所以gsinθ－μgcosθ>gsinβ，gsin θ－gsinβ>μgcosθ因为θ<β，所以gsinθ－gsinβ<0，但μgcosθ>0，所以假设不成立，即速度的方向一定向上，由于加速度方向向下，所以物体沿杆减速上滑，故D 项正确．考点牛顿第二定律；力的合成与分解的运用名师点睛分析多个物体的受力时，一般先用整体法来求得共同的加速度，再用隔离法分析单个物体的受力，求得物体的受力情况，本题就是典型的应用整体隔离法的题目．7.(2015·海南)如图所示，物块a 、b 和c 的质量相同，a 和b 、b 和c 之间用完全相同的轻弹簧S1和S 2相连，通过系在a 上的细线悬挂于固定点O ；整个系统处于静止状态；现将细绳剪断，将物块a 的加速度记为a 1，S 1和S 2相对原长的伸长分别为Δl 1和Δl 2，重力加速度大小为g ，在剪断瞬间( )A ．a 1＝3gB ．a 1＝0C ．Δl 1＝2Δl 2D ．Δl 1＝Δl 2 答案 AC解析设物体的质量为m ，剪断细绳的瞬间，绳子的拉力消失，弹簧还没有来得及改变，所以剪断细绳的瞬间a 受到重力和弹簧S 1的拉力T 1，剪断前对bc 和弹簧组成的整体分析可知T 1＝2mg ，故a 受到的合力F ＝mg ＋T 1＝mg ＋2mg ＝3mg ，故加速度a 1＝F m＝3g ，A 项正确，B 项错误；设弹簧S 2的拉力为T 2，则T 2＝mg ，根据胡克定律F ＝kΔx 可得Δl 1＝2Δl 2，C 项正确，D 项错误．8．(2017·商丘市5月三模)甲、乙两物体从同一地点同时开始沿同一方向运动，甲物体运动的v-t 图像为两段直线，乙物体运动的v-t 图像为两段半径相同的14圆弧曲线，如图所示，图中t 4＝2t 2，则在0～t 4时间内，以下说法正确的是( )A ．甲物体的加速度不变B ．乙物体做曲线运动C ．两物体t 1时刻相距最远，t 4时刻相遇D ．甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度答案 D解析 0～t 2时间段内，甲做匀加速直线运动，t 2－t 4时间内甲物体做匀减速直线运动，故A 项错误；速度是矢量，在速度－时间图像中，只能表示直线运动，B 项错误；在整个运动过程中t 3时刻，两物体相距最远，C 项错误；在速度－时间图像中，下面所包围的面积即为位移，可求知t 4时间段内，位移相等，故平均速度相同，D 项正确．考点速度－时间图像名师点睛速度－时间图像中：图线与时间轴围成的“面积”的意义．图线与时间轴围成的面积表示相应时间内的物体的位移．若该面积在时间轴的上方，表示这段时间内的位移方向为正方向；若该面积在时间轴的下方，表示这段时间内的位移方向为负方向．9.(2017·贵州七校联考)在地面上方的某个空间区域存在这样的电场，水平虚线上方存在电场强度为E 1、方向竖直向下的匀强电场；虚线下方存在电场强度为E 2、方向竖直向上的匀强电场．一个质量为m 、电荷量为q(q>0)的带正电小球从上方电场区域的A 点由静止释放，结果刚好到达下方电场区域中与A 点关于虚线对称的B 点时速度为零，则( )A ．两电场强度的大小关系满足E 2＝2E 1B ．如果在A 点时带电小球有向下的初速度v 0，到达B 点后速度一定大于v 0C ．如果在A 点时带电小球有水平方向的初速度v 0，到达B 点所在高度处时速度与初速度相同D ．如果在A 点时带电小球有任意方向的初速度v 0，到达B 点所在高度处时速度与初速度相同答案 C解析带电小球从A 点由静止释放后先做匀加速运动，到达水平虚线后做匀减速运动，到。

2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟理综物理试题(二)(解析版)

2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟理综物理试题（二）二、选择题(本题包括8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题中有多项符合题目要求，全部选对的将6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

)1. 关于核反应方程，下列说法正确的是A. 该反应过程，电荷数守恒，质量数不守恒B. 该反应为原子核的α衰变C. 该反应过程要吸收能量D. 该反应过程中有γ射线放出【答案】D【解析】A项：该反应过程，电荷数守恒，质量数守恒，故A错误；B项：该反应放出一个电子，所以为衰变，故B错误；点晴：书写衰变方程一定注意电荷数守恒，质是数守恒，但是质量不守恒。

2. 美国SpaceX公司研制的“猎鹰9号”火箭首次实现了一级火箭回收再利用。

如图所示，某次“猎鹰9号”回收火箭时，当返回的一级火箭靠近地面时箭体已经调整为竖直状态，火箭发动机向下喷气，使火箭沿竖直方向向下做加速度为1m/s²的匀减速直线运动，当火箭距地面高度为100 m时，火箭速度为20 m/s，为保证火箭着陆时的速度不超过2 m/s，之后下落的过程中，火箭发动机必须在距地面某高度h时加力全开，发动机加力全开后的火箭做加速度为2m/s²的匀减速直线运动，则h的最小值为A. 49 mB. 56 mC. 88mD. 98 m【答案】D由以上两式解得：，故D正确。

3. 在赤道平面内有三颗在同一轨道上运行的卫星，三颗卫星在此轨道均匀分布，其轨道距地心的距离为地球半径的3.3倍，三颗卫星自西向东环绕地球转动。

某时刻其中一颗人造卫星处于A城市的正上方，已知地球的自转周期为T，地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍，则A城市正上方出现下一颗人造卫星至少间隔的时间约为A. 0.18TB. 0.24TC. 0.32TD. 0.48T【答案】A【解析】地球的自转周期为T，即地于同步卫星的周期为T，根据开普勒第三定律得：解得：下一颗人造卫星出现在A城市的正上方，相对A城市转过的角度为，则有解得：，故应选A。

2018年高考物理全国用二轮复习精练：四高考仿真练(二) Word版含答案

高考仿真练(二)一、选择题(共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。

全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

)14.(2017·怀化三模)关于物理学的研究方法，以下说法错误的是( )A.伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B.卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法C.合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法D.电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比解析16世纪末，伽利略对运动的研究，不仅确立了许多用于描述运动的基本概念，而且创造了一套对近代科学发展极为有益的方法。

这些方法的核心是把逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法，故A正确；扭秤实验可以测量微弱的作用，关键在于它把微弱的作用经过了两次放大：一方面微小的力通过较长的力臂可以产生较大的力矩，使悬丝产生一定角度的扭转；另一方面在悬丝上固定一平面镜，它可以把入射光线反射到距离平面镜较远的刻度尺上，从反射光线射到刻度尺上的光点的移动，就可以把悬丝的微小扭转显现出来，故B正确；合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法，故C正确；电场强度是用比值法定义的，但是电场强度与电场力不成正比，与试探电荷的电荷量不成反比，电场强度由电场本身的性质确定。

故D错误。

答案 D15.如图1所示，A、B、C是两带电荷量均为Q的正点电荷连线的中垂线上的三点，B是两线段的交点，A点固定有一带电荷量也为Q的负点电荷，现将一电子从B点由静止释放，电子运动中会经由C点继续向前运动，则( )图1A.从B到C，电场力对该电子一直不做功B.电子从B到C做加速度变大的加速运动C.电子在B 、C 两点时的电势能大小关系是E p B >E p CD.若电子可回到B 点，则回到B 点时速度不为零解析由合场强的特点知，电子由B 运动到C 的过程中，受电场力作用，加速度是减小的，故A 、B 错误；由于电子能经过C 点并向前运动，且运动过程中只有电场力做功，动能增加，则电势能减小，所以E p B >E p C ，C 正确；若电子可回到B 点，由于只有电场力做功，回到B 点时电场力做功为零，动能不变，所以回到B 点时速度为零，D 错误。

2018届高考物理二轮复习训练试卷：选择题专项训练2

选择题专项训练(二)(时间:20分钟满分:48分)本卷共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,1~5题只有一个选项符合题目要求,6~8题有多个选项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.1.一只蜗牛从半球形小碗内的最低点沿碗壁向上缓慢爬行,在其滑落之前的爬行过程中受力情况是()A.碗对蜗牛的支持力变大B.碗对蜗牛的摩擦力变大C.碗对蜗牛的作用力变小D.地面对碗的摩擦力逐渐变小2.甲某物体做直线运动的v-t图象如图甲所示,据此判断图乙(F表示物体所受合力,t表示物体运动的时间)四个选项正确的是()乙3.在中国航天骄人的业绩中有这些记载:天宫一号在离地面 343 km 的圆形轨道上飞行;嫦娥一号在距月球表面高度为200 km 的圆形轨道上飞行;北斗卫星导航系统由同步卫星(地球静止轨道卫星,在赤道平面,距赤道的高度约为36 000 km)和倾斜同步卫星(周期与地球自转周期相等,但不定点于某地上空)等组成.则下列分析正确的是()A.设天宫一号绕地球运动的周期为T,用G表示引力常量,则用表达式求得的地球平均密度比真实值要大B.天宫一号的飞行速度比同步卫星的飞行速度要小C.同步卫星和倾斜同步卫星同周期、同轨道半径,但二者的轨道平面不在同一平面内D.嫦娥一号与地球的距离比同步卫星与地球的距离小4.图甲是某景点的山坡滑道图片,为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间,技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示意图.AC是滑道的竖直高度,D点是AC竖直线上的一点,且有AD=DE=15 m,滑道AE可视为光滑的,滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动,g 取10 m/s2,则滑行者在滑道AE上滑行的时间为()A. sB.2 sC. sD.2 s5.质量为m的物体沿着半径为r的半球形金属球壳滑到最低点时的速度大小为v,如图所示,若物体与球壳之间的动摩擦因数为μ,则物体在最低点时的()A.向心加速度为g+B.向心力为mC.对球壳的压力为D.受到的摩擦力为μm6.如图所示,实线表示某电场的电场线,过O点的虚线MN与电场线垂直,两个相同的带负电的粒子P、Q分别从A、B两点以相同的初速度开始运动,速度方向垂直于MN,且都能从MN左侧经过O点.设粒子P、Q在A、B两点的加速度大小分别为a1和a2,电势能分别为E p1和E p2,过O点时的速度大小分别为v1和v2,到达O点经过的时间分别为t1和t2.粒子的重力不计,则()A.a1<a2B.E p1<E p2C.v1<v2D.t1=t27.一个质子以1.0×107 m/s的速度撞入一个静止的铝原子核后被俘获,铝原子核变为硅原子核,已知铝核的质量是质子的27倍,硅核的质量是质子的28倍,则下列判断中正确的是()A.核反应方程为Al SiB.核反应方程为Al SiC.硅原子核速度的数量级为107 m/s,方向跟质子的初速度方向一致D.硅原子核速度的数量级为105 m/s,方向跟质子的初速度方向一致8.如图所示,a、b间接入电压u=311sin 314t(V)的正弦式交变电流,变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器(当温度升高时,其阻值将减小),所有电表均为理想电表,电流表A2为值班室的显示器,显示通过R1的电流,电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出),R3为一定值电阻.当传感器R2所在处出现火情时,以下说法正确的是()A.A1的示数增大,A2的示数增大B.V1的示数不变,V2的示数减小C.A1的示数增大,A2的示数减小D.V1的示数减小,V2的示数减小选择题专项训练(二) 1.B2.B3.C4.C5.D6.BC7.AD8.BC。

2018年普通高等学校高三招生全国统一考试仿真卷(二)理综物理试题

绝密 ★ 启用前2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷理科综合物理能力测试（二）本试卷共18页，38题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★ 注意事项： 1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。

2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

可能用到的相对原子质量H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 Ca 55 Zn 65 第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。

第19～21题有多选项题目要求。

全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列叙述正确的是 A ．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位 B ．蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于失重状态 C ．利用霍尔元件能够把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量的特性，可以制出测磁感应强度大小的仪器 D ．探究加速度与质量、合外力关系实验采用的是等效替代的方法 15．一摩托车在t ＝0时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的a -t 图像如图所示，此卷只装订不密封班级姓名准考证号考场号座位号根据已知的信息，可知A．摩托车的最大动能B．摩托车在30 s末的速度大小C．在0～30 s的时间内牵引力对摩托车做的功D．10 s末摩托车开始反向运动16．如图所示，10匝矩形线框，在磁感应强度为0.4 T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴OO′以角速度为100 rad/s匀速转动，线框电阻不计，面积为0.5 m2，线框通过滑环与一理想变压器的原线圈相连，副线圈接有两只灯泡L1和L2。

18年高考物理二轮复习题型专练选择题满分练3180110111

选择题满分练(三)14．奥斯特在研究电流的磁效应实验时，将一根长直导线南北放置在小磁针的正上方，导线不通电时，小磁针在地磁场作用下静止时N极指向北方，如图所示．现在导线中通有由南向北的恒定电流I，小磁针转动后再次静止时N极指向( )A．北方B．西方C．西偏北方向D．北偏东方向C 在导线中通有由南向北的恒定电流I，由安培定则可判断出通电导线下方产生了由东指向西的磁场，根据磁场叠加原理，该磁场与地磁场的合磁场方向为西偏北方向，所以小磁针转动后再次静止时N极指向为西偏北方向，选项C正确．15．(2017·江西盟校二联)如图所示是一个质点做匀变速直线运动的位移—时间图象的一段，从图中所给的数据可以确定( )A．质点在运动过程中经过图线上P点所对应位置时的速度小于2 m/sB．质点在运动过程中t＝3.5 s时的速度等于2 m/sC．质点在运动过程中在3～3.5 s这段时间内位移等于1 mD．以上说法均不正确B 质点做的是匀变速直线运动，P点为位移的中间位置，而这段时间的平均速度的大小为v＝xt＝21m/s＝2 m/s，根据匀变速直线运动的规律可知，此段位移的中间时刻的瞬时速度即为 2m/s，由于中间时刻的瞬时速度要小于中间位置的瞬时速度，所以P点速度要大于2 m/s，A错误；质点做匀变速直线运动，根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度得到第4 s内的平均速度等于3.5 s时质点的瞬时速度，故质点在3.5 s时的速度等于2 m/s，B正确；质点做匀加速直线运动，速度增大，所以在3～3.5 s这段时间内位移小于1 m，在3.5～4 s这段时间位移大于1 m，C错误；根据上述分析可知D错误．16．(2017·山西右玉一模)一小球以一定的初速度从图所示位置进入光滑的轨道，小球先进入圆轨道1，再进入圆轨道2，圆轨道1的半径为R ，圆轨道2的半径是轨道1的1.8倍，小球的质量为m ，若小球恰好能通过轨道2的最高点B ，则小球在轨道1上经过A 点时对轨道的压力大小为( )A ．2mgB ．3mgC ．4mgD ．5mgC 小球恰好能通过轨道2的最高点B 时，有mg ＝mv 2B 1.8R，小球在轨道1上经过A 处时，有F ＋mg ＝mv 2A R ，根据机械能守恒，有1.6mgR ＝12mv 2A －12mv 2B ，解得F ＝4mg ，C 项正确． 17．如图所示，实线代表某匀强电场中的三条电场线，带电粒子在电场中仅在电场力作用下沿虚线从a 运动到b ，运动轨迹ab 为一条抛物线，则下列判断正确的是( )A ．电场的方向由N 指向MB ．带电粒子从a 运动到b ，动能减少C ．该带电粒子一定带正电D ．如果另放某带负电的检验电荷，它在M 点的电势能一定小于它在N 点的电势能B 带电粒子在电场中仅在电场力作用下沿虚线从a 运动到b ，电场力总指向轨迹的凹侧，因此带电粒子所受电场力沿NM 方向，可以判断电场力对粒子做负功，粒子的动能减少，但由于带电粒子的电性未知，因此不能确定电场强度的方向，A 、C 项错误，B 项正确；因为不能确定电场强度的方向，所以无法确定带负电的检验电荷的电势能的大小，D 项错误．18．如图所示，钢铁构件A 、B 叠放在卡车的水平底板上，卡车底板和B 间动摩擦因数为μ1，A 、B 间动摩擦因数为μ2，μ1＞μ2，卡车刹车的最大加速度为a ，a ＞μ1g ，可以认为最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等．卡车沿平直公路行驶途中遇到紧急情况时，要求其刹车后在s 0距离内能安全停下，则卡车行驶的速度不能超过( )A.2as 0B.2μ1gs 0C.2μ2gs 0D.μ1＋μ2gs 0C 要使卡车安全停下来，即钢铁构件A 、B 及卡车保持相对静止，设钢铁构件A 恰好相对B 不滑动的加速度为a 2，钢铁构件A 、B 相对卡车刚好不滑动的加速度为a 1，由牛顿第二定律得μ2m A g ＝m A a 2，μ1(m A ＋m B )g ＝(m A ＋m B )a 1，解得a 2＝μ2g ，a 1＝μ1g ，因为μ1＞μ2，所以卡车安全行驶的最大加速度为a 2，设卡车的速度为v 0，由匀变速直线运动规律得v 20＝2a 2s 0，解得v 0＝2μ2gs 0，选项C 正确，A 、B 、D 错误．19．(多选)一小型发电机产生的电动势随时间变化的规律如图甲所示，已知发电机线圈内阻为r ，外接一个电压表和一个额定电压为U 、额定功率为P 的灯泡，如图乙所示．下列说法正确的是( )A ．图甲所示的电动势瞬时值表达式为e ＝222sin 50πt (V)B ．图乙中线圈所在位置为中性面位置C ．电压表的读数一定小于22 VD ．若线圈转到图乙所示位置，则此时灯泡中电流最大 CD 图甲所示的电动势瞬时值表达式为e ＝222sin 100πt (V)，选项A 错误；图乙中发电机产生的感应电动势最大，线圈位于与中性面垂直的位置，选项B 错误；由于线圈有内阻，电压表的读数一定小于电动势的有效值22 V ，选项C 正确；若线圈转到图乙所示位置，则此时产生的感应电动势最大，灯泡中电流最大，选项D 正确．20．(多选)(2017·辽宁协作体)土星的卫星很多，现已发现数十颗，这些卫星的运动可视为绕土星的匀速圆周运动．下表是有关土卫五和土卫六两颗卫星的一些参数．下列说法正确的是( )B ．土卫五的公转周期比土卫六的小C ．土卫五表面的重力加速度比土卫六的大D ．土星对土卫五的万有引力约为其对土卫六万有引力的110BD 根据万有引力提供向心力有G Mm r 2＝m v 2r ＝m 4π2T 2r ，所以v ＝ GM r ，T ＝2π r 3GM，土卫六的轨道半径大于土卫五的轨道半径，土卫六的周期大，线速度小，选项A 错误，选项B 正确；在卫星表面，万有引力等于重力，有G Mm R 2＝mg ，可得g ＝G M R 2，代入数据可得土卫五表面的重力加速度比土卫六的小，选项C 错误；根据F ＝G Mm r2，代入数据可得，土星对土卫五和土卫六的万有引力之比约为1∶10，选项D 正确．21. (多选)如图所示，相距为d 的两水平线L 1和L 2分别是水平向里的匀强磁场的边界，磁场的磁感应强度为B ，正方形线框abcd 边长为L (L ＜d )、质量为m ，电阻为R .将线框在磁场上方高h 处由静止释放，ab 边刚进入磁场和穿出磁场时的速度恰好相等．则在线框全部穿过磁场的过程中( )A ．ab 边刚进入磁场时ab 两端的电势差为BL 2ghB ．感应电流所做功为mgdC ．感应电流所做功为2mgdD ．线框最小速度为2g h ＋L －dCD A ．将线框在磁场上方高h 处由静止释放，ab 边刚进入磁场时，有h ＝12gt 2＝v 22g，线框的速度v ＝2gh ，ab 边产生的感应电动势e ＝BLv ＝BL 2gh ，ab 两端的电势差为路端电压U ＝34e ＝34BL 2gh ，故A 错误；BC.在线框全部穿过磁场的过程中，线框只受重力和安培力．又有ab 边刚进入磁场和穿出磁场时的速度恰好相等，则根据动能定理可得：线框进入磁场感应电流所做的负功大小等于线框下降d 重力所做的功，所以，线框进入磁场感应电流所做的负功大小等于mgd ；ab 边刚进入磁场和穿出磁场时的速度恰好相等，其产生的感应电动势也相等，感应电流也相等，所以安培力也相等，即两状态线框的受力完全相同，初速度也相同，所以，线框穿出磁场和进入磁场两过程感应电流所做的功相等，所以，在线框全部穿过磁场的过程中，感应电流所做的功为2mgd ，故B 错误，C 正确；D.线框进入磁场感应电流所做的负功大小等于mgd ，L ＜d ，即线框在进入磁场过程中一直在减速；完全进入磁场后只受重力，加速下落；穿出磁场时，又减速下落；因为ab 边刚进入磁场和穿出磁场时的速度恰好相等，线框穿出磁场和进入磁场两过程感应电流所做的功相等，所以，线框速度最小时为线框刚刚完全进入磁场时，由动能定理可得：12mv 2＝mg (h ＋L )－mgd ＝mg (h ＋L －d ) ，所以，v ＝2g h ＋L －d ，故D 正确．。

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