2015-2016巢湖四中庐江二中高二第二次联考卷物理试卷
四地六校2015-2016学年高二下学期第二次(5月)联考考试物理试卷 含答案
“六校联考"2015-2016学年下学期第二次月考高二物理试题（考试时间：90分钟 总分：100分)命题人： 审题人:第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、选择题（本题共13小题，每小题4分,共52分.每小题给出的四个选项中，1-9为单选题，10—13为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分.）1．如下图所示，一条形磁铁从左向右匀速穿过线圈，当磁铁经过A 、B 两位置时,线圈中（ )A ．感应电流方向相同,感应电流所受作用力的方向相同B ．感应电流方向相反，感应电流所受作用力的方向相反C ．感应电流方向相反，感应电流所受作用力的方向相同D ．感应电流方向相同,感应电流所受作用力的方向相反2．电阻为1 Ω的单匝矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动,产生的交变电动势随时间变化的图象如图所示，现把此交变电动势加在电阻为9 Ω的电热丝上，下列判断正确的是（ ）A ．线圈转动的角速度为100 rad/sB ．在0~0。
005 s 时间内，通过电阻的电荷量为51 CC ．电热丝两端的电压为180 VD ．电热丝的发热功率为3600 W第1题图第23．如图所示，一台理想变压器的原、副线圈的匝数比为n 1：n 2＝40：1,在副线圈两端接有“6 V 40 W”的电灯泡．若灯泡正常发光，则下列说法中错误的是（ ）A ．在原、副线圈中，通过每匝线圈的磁通量时时刻刻都相同B ．通过原、副线圈的交变电流的频率相同C ．变压器输入电压的最大值为240 VD ．变压器的输入功率为40 W4．如图所示，一矩形线框以竖直向上的初速度进入只有一条水平边界的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，进入磁场后上升一段高度又落下离开磁场,运动过程中线框只受重力和安培力作用,线框在向上、向下经过图中1、2位置时的速率按时间顺序依次为v 1、v 2、v 3和v 4,则可以确定（ )A ．v 1〈v 2B ．v 2〈v 3C ．v 3<v 4D ．v 4〈v 15．如图所示，A 、B 是两个完全相同的灯泡，B 灯与电阻R 串联，A 灯与自感系数较大的线圈L 串联，其直流电阻等于电阻R 的阻值．电源电压恒定不变，当电键K 闭合后，过一会儿再断开电键K,下列说法正确的是（ ）A ．闭合K 时，A 、B 同时亮，然后A 逐渐变亮，B第3题图第4题图的亮度不变B．闭合K时，B比A先亮,最后A、B亮度相同C．断开K时，B会闪一下，再逐渐熄灭D．断开K时，电流自左向右通过B灯6．如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为L,磁场方向垂直纸面向里，abcd是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为L，t＝0时刻bc 边与磁场区域边界重合．现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域,取沿abcda方向为感应电流正方向，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线可能是（)7．如图所示，氢原子从n＞2的某一能级跃迁到n＝2的能级，辐射出能量为2。
2016年安徽省合肥市高考物理二模试卷
2016年安徽省合肥市高考物理二模试卷一、单项选择题1．（6分）如图所示是一做匀变速直线运动的质点的位置﹣时间图象（x﹣t图象），P（t1，x1）为图象上一点．PQ为过P点的切线，与x轴交于点Q．则下列说法正确的是（）A．t1时刻，质点的速率为B．t1时刻，质点的速率为C．质点的加速度大小为D．0﹣t1时间内，质点的平均速度大小为2．（6分）自耦变压器铁芯上只绕一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，如图为一降压式自耦变压器的示意图，其副线圈可调．现将原线圈接入一正弦交变电压，副线圈接入一可调电阻，电路中的、分别为理想交流电流表和交流电压表．则下列说法正确的是（）A．只将滑片P顺时针旋转，电压表的示数变大B．只将滑片P逆时针旋转，电流表的示数变大C．只将滑片Q向上移动，电压表的示数变小D．只将滑片Q向下移动，电流表的示数变小3．（6分）“嫦娥五号”作为我国登月计划中第三期工程的“主打星”，将于2017年左右在海南文昌卫星发射中心发射，登月后又从月球起飞，并以“跳跃式返回技术”成功返回地面，完成探月工程的重大跨越﹣带回月球样品，“跳跃式返回技术”是指航天器在关闭发电机后进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层．如图所示，虚线为大气层的边界．已知地球半径为R，d点距地心距离为r，地球表面重力加速度为g．则下列说法正确的是（）A．“嫦娥五号”在b点处于完全失重状态B．“嫦娥五号”在d点的加速度大小等于C．“嫦娥五号”在a点和c点的速率相等D．“嫦娥五号”在c点和e点的速率相等4．（6分）如图所示，直角三角形ABC由三段细直杆连接而成，AB杆竖直，AC 杆粗糙且绝缘，其倾角为30°，长为2L，D为AC上一点，且BD垂直AC，在BC 杆中点O处放置一正点电荷Q．一套在细杆上的带负电小球，以初速度v0由C 点沿CA上滑，滑到D点速率恰好为零，之后沿AC杆滑回C点．小球质量为m、电荷量为q、重力加速度为g．则（）A．小球上滑过程中先匀加速后匀减速B．小球下滑过程中电场力先做负功后做正功C．小球再次滑回C点时的速率为v C=D．小球下滑过程中动能、电势能、重力势能三者之和增大5．（6分）图中虚线PQ上方有一磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外．O是PQ上一点，在纸面内从O点向磁场区域的任意方向连续发射速率为v0的粒子，粒子电荷量为q、重力为m．现有两个粒子先后射入磁场中并恰好在M点相遇，MO与PQ间夹角为60°，不计粒子重力及粒子间的相互作用，则下列说法正确的是（）A．两个粒子从O点射入磁场的时间间隔可能为B．两个粒子射入磁场的方向分别与PQ成30°和60°角C．在磁场中运动的粒子离边界的最大距离为D．垂直PQ射入磁场中的粒子在磁场中的运行时间最长二、多项选择题6．（6分）1831年，法拉第在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机（图甲）．它是利用电磁感应的原理制成的，是人类历史上第一台发电机．图乙是这个圆盘发电机的示意图：铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘良好接触使铜盘转动，电阻R中就有电流通过．若所加磁场为匀强磁场，回路的总电阻恒定，从左往右看，铜盘沿顺时针方向匀速转动，下列说法正确的是（）A．铜片D的电势高于铜片C的电势B．电阻R中有正弦式交变电流流过C．铜盘转动的角速度增大1倍，流过电阻R的电流也随之增大1倍D．保持铜盘不动，磁场变为方向垂直于铜盘的交变磁场，则铜盘中有电流产生7．（6分）如图甲所示，水平地面上固定一足够长的光滑斜面，斜面顶端有一理想定滑轮，一轻绳跨过滑轮，绳两端分别连接小物块A和B．保持A的质量不变，改变B的质量m，当B的质量连续改变时，得到A的加速度a随B的质量m变化的图线，如图乙所示，设加速度沿斜面向上的方向为正方向，空气阻力不计，重力加速度g取9.8m/s2，斜面的倾角为θ，下列说法正确的是（）A．若θ已知，可求出A的质量B．若θ未知，可求出乙图中a1的值C．若θ已知，可求出乙图中a2的值D．若θ已知，可求出乙图中m0的值8．（6分）如图所示，a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c上完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分．小球d 位于O点正上方h处，且在外力F作用下恰处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为6q，h=R．重力加速度为g，静电力常量为k，则（）A．小球a一定带正电B．小球b的周期为C．小球c的加速度大小为D．外力F竖直向上，大小等于mg+三、非选择题9．（6分）某实验小组要探究力对物体做功与物体获得速度的关系，选取的实验装置如图1所示．（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和电源（填“交流”或“直流”）（2）实验主要步骤如下：①实验时，为使小车所受合力等于橡皮筋的拉力，在未连接橡皮筋前木板的左端用小木块垫起，使木板倾斜合适的角度，启动电源，轻推小车，得到的纸带应该是（填甲、乙）（如图2）②小车在一条橡皮筋的作用下由静止弹出，沿木板运动，此过程橡皮筋对小车做的功为W③再分别改用完全相同的2条、3条…橡皮筋作用于小车，每次由静止释放小车时橡皮筋的（填写相应实验条件），使橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W…④分析打点计时器打出的纸带，分别求出小车每次获得的最大速度v1、v2、v3…．图3是实验中打出的一条纸带，为了测量小车获得的最大速度，应选用纸带的部分进行测量⑤作出W﹣v图象，则符合实际的图象是．（如图4）（3）若该小组实验时遗忘了上述步骤①操作的情况下也完成了整个实验，那么当小车速度最大时，橡皮筋处于状态．（填“伸长”或“原长”）10．（9分）某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路．通过控制电键S 和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率．所用器材如下：A．干电池：电动势E=1.5V，内阻r=0.5ΩB．电流表：满偏电流I g=1mA，内阻R g=150ΩC．定值电阻R1=1200ΩD．电阻箱R2和R3：最大阻值999.99ΩE．电阻箱R4：最大阻值9999ΩF．电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干（1）该实验小组按图1正确连接好电路．当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=Ω，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R丙，则R丙=Ω，欧姆表的倍率是（选填“×1”、“×10”）（2）闭合电键S：第一步：调节电阻箱R2和R3，当R2=Ω且R3=Ω时，再将红、黑表笔短接，电流表再次满偏．第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图b所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为Ω．11．（12分）如图所示，一长L=2m、质量M=4kg的薄木板（厚度不计）静止在粗糙的水平台面上，其右端距平台边缘l=5m，木板的正中央放有一质量为m=1kg 的小物块（可视为质点）．已知木板与地面、物块与木板间动摩擦因数均为μ1=0.4，．现对木板施加一水平向右的恒力F，其大小为48N，g取10m/s2，试求：（1）F作用了1.2s时，木板的右端离平台边缘的距离；（2）要使小物块最终不能从平台上滑出去，则物块与平台间的动摩擦因数μ2应满足的条件．12．（20分）如图所示，直线y=x与y轴之间有垂直于xOy平面向外的匀强磁场B1，直线x=d与y=x间有沿y轴负方向的匀强电场，电场强度E=1.0×104V/m，另有一半径R=1.0m的圆形匀强磁场区域，磁感应强度B2=0.20T，方向垂直坐标平面向外，该圆与直线x=d和x轴均相切，且与x轴相切于S点．一带负电的粒子从S沿y轴的正方向以速度v0进入圆形磁场区域，经过一段时间进入磁场区域B1时的速度方向与直线y=x垂直．粒子速度大小v0=1.0×105m/s，粒子的比荷为=5.0×105C/kg，粒子重力不计，求：（1）坐标d的值；（2）要使粒子无法运动到x轴的负半轴，则磁感应强度B1应满足的条件；（3）在（2）问的基础上，粒子从开始进入圆形磁场至第二次到达直线y=x上的最长时间．（结果保留两位有效数字）【物理-选修3-3】13．（6分）下列说法中正确的是（）A．在较暗的房间里，看到透过窗户的“阳光柱”里粉尘的运动不是布朗运动B．气体分子速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律C．随着分子间距离增大，分子间作用力减小，分子势能也减小D．一定量的理想气体发生绝热膨胀时，其内能不变E．一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行14．（9分）如图1所示，左端封闭、内径相同的U形细玻璃管竖直放置，左管中封闭有长为L=20cm的空气柱，两管水银面相平，水银柱足够长．已知大气压强为p0=75cmHg．（1）若将装置翻转180°，使U形细玻璃管竖直倒置（水银未溢出），如图2所示．当管中水银静止时，求左管中空气柱的长度；（2）若将图1中的阀门S打开，缓慢流出部分水银，然后关闭阀门S，右管水银面下降了H=35cm，求左管水银面下降的高度．【物理-选修3-4】15．下列说法正确的是（）A．光导纤维传输信号是利用光的干涉现象B．全息照相利用了激光相干性好的特性C．光的偏振现象说明光是横波D．X射线比无线电波更容易发生干涉和衍射现象E．刮胡须的刀片的影子边缘模糊不清是光的衍射现象16．如图1所示，用一根不可伸长的轻质细线将小球悬挂在天花板上的O点，现将小球拉离平衡位置，使细线与竖直方向成一夹角（该夹角小于5°）后由静止释放．小球的大小和受到的空气阻力忽略不计．（1）证明小球的运动是简谐运动；（2）由传感器测得小球偏离平衡位置的位移随时间变化的规律如图2所示，求小球运动过程中的最大速度值．【物理-选修3-5】17．下列说法正确的是（）A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变B．轻核聚变与重核裂变均释放能量C．原子核的比结合能越大表示该原子核越不稳定D．放射性元素衰变的快慢只由核内部自身的因素决定的E．实验表明，只要照射光的强度足够大，就一定能发生光电效应现象18．如图所示，A、B、C三个小物块放置在光滑水平面上，A紧靠墙壁，A、B 之间用轻弹簧栓接，它们的质量分别为m A=m，m B=2m，m C=m．现给C一水平向左的初速度v0，C与B发生碰撞并粘在一起．试求：（1）A离开墙前，弹簧的最大弹性势能；（2）A离开墙后，C的最小速度．2016年安徽省合肥市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1．（6分）如图所示是一做匀变速直线运动的质点的位置﹣时间图象（x﹣t图象），P（t1，x1）为图象上一点．PQ为过P点的切线，与x轴交于点Q．则下列说法正确的是（）A．t1时刻，质点的速率为B．t1时刻，质点的速率为C．质点的加速度大小为D．0﹣t1时间内，质点的平均速度大小为【解答】解：A、x﹣t图象的斜率表示速度，则t1时刻，质点的速率为，故A错误，B正确；C、根据图象可知，t=0时刻，初速度不为零，根据a=可知，加速度a=，故C错误；D、0﹣t1时间内，质点的平均速度大小，故D错误．故选：B2．（6分）自耦变压器铁芯上只绕一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，如图为一降压式自耦变压器的示意图，其副线圈可调．现将原线圈接入一正弦交变电压，副线圈接入一可调电阻，电路中的、分别为理想交流电流表和交流电压表．则下列说法正确的是（）A．只将滑片P顺时针旋转，电压表的示数变大B．只将滑片P逆时针旋转，电流表的示数变大C．只将滑片Q向上移动，电压表的示数变小D．只将滑片Q向下移动，电流表的示数变小【解答】解：由图可知，输入端线圈的匝数与全部线圈的匝数，而输出端为P 与b端的线圈匝数；则可知：A、只将滑片P顺时针旋转，则输出端线圈匝数减小，则匝数比增大，输出电压减小，故A错误；B、只将滑片P逆时针旋转，则输出端线圈匝数增大，则匝数比减小，输出电压增大，输出电流增大，输出功率增大，因此输入电流也将增大，故B正确；C、只将Q向上移动，不改变线圈匝数，则电压表示数不变，故C错误；D、只将Q向下移动，接入电阻减小，输出电流增大，因匝数不变，故输入电流增大，故D错误．故选：B．3．（6分）“嫦娥五号”作为我国登月计划中第三期工程的“主打星”，将于2017年左右在海南文昌卫星发射中心发射，登月后又从月球起飞，并以“跳跃式返回技术”成功返回地面，完成探月工程的重大跨越﹣带回月球样品，“跳跃式返回技术”是指航天器在关闭发电机后进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层．如图所示，虚线为大气层的边界．已知地球半径为R，d点距地心距离为r，地球表面重力加速度为g．则下列说法正确的是（）A．“嫦娥五号”在b点处于完全失重状态B．“嫦娥五号”在d点的加速度大小等于C．“嫦娥五号”在a点和c点的速率相等D．“嫦娥五号”在c点和e点的速率相等【解答】解：A：“嫦娥五号“沿abc轨迹做曲线运动，曲线运动的合力指向曲线弯曲的内侧，所以在b点合力向上，即加速度向上，因此“嫦娥五号“在b点处于超重状态，故A错误．B、在d点，“嫦娥五号”的加速度a=，又GM=gR2，所以a=，故B错误．C、“嫦娥五号”从a点到c，万有引力不做功，由于阻力做功，则a点速率大于c 点速率．故C错误．D、从c点到e点，没有空气阻力，机械能守恒，则c点速率和e点速率相等，故D正确．故选：D．4．（6分）如图所示，直角三角形ABC由三段细直杆连接而成，AB杆竖直，AC 杆粗糙且绝缘，其倾角为30°，长为2L，D为AC上一点，且BD垂直AC，在BC 杆中点O处放置一正点电荷Q．一套在细杆上的带负电小球，以初速度v0由C 点沿CA上滑，滑到D点速率恰好为零，之后沿AC杆滑回C点．小球质量为m、电荷量为q、重力加速度为g．则（）A．小球上滑过程中先匀加速后匀减速B．小球下滑过程中电场力先做负功后做正功C．小球再次滑回C点时的速率为v C=D．小球下滑过程中动能、电势能、重力势能三者之和增大【解答】解：A、小球上滑过程中受到重力、库仑力、杆的支持力以及摩擦力作用，由于库仑力和摩擦力是个变力，则运动过程中加速度始终发生变化，故A 错误；B、根据几何关系可知，OD=OC，则C、D两点电势相等，所以从C到D的过程中，电场力做功之和为零，在C点时，小球受到的库仑力是引力，电场力做正功，后电场力做负功，故B错误；C、从C到D的过程中，根据动能定理得：0﹣=﹣mgh﹣W f，再从D回到C的过程中，根据动能定理得：，根据几何关系可知，h=解得：v C=，故C正确；D、小球下滑过程中由于摩擦力做负功，则小球动能、电势能、重力势能三者之和减小，故D错误．故选：C5．（6分）图中虚线PQ上方有一磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外．O是PQ上一点，在纸面内从O点向磁场区域的任意方向连续发射速率为v0的粒子，粒子电荷量为q、重力为m．现有两个粒子先后射入磁场中并恰好在M点相遇，MO与PQ间夹角为60°，不计粒子重力及粒子间的相互作用，则下列说法正确的是（）A．两个粒子从O点射入磁场的时间间隔可能为B．两个粒子射入磁场的方向分别与PQ成30°和60°角C．在磁场中运动的粒子离边界的最大距离为D．垂直PQ射入磁场中的粒子在磁场中的运行时间最长【解答】解：A、以粒子带正电为例分析，先后由O点射入磁场，并在M点相遇的两个粒子轨迹恰好组成一个完整的圆，从O点沿OP方向入射并通过M点的粒子轨迹所对圆心角为240°，根据带电粒子在磁场中运动周期T=可知，该粒子在磁场中运动的时间t1==，则另一个粒子轨迹所对圆心角为120°，该粒子运动时间t2=，可知，两粒子在磁场中运动的时间差可能为△t=，故A正确；B、射入磁场方向分别与PQ成30°和60°角的两粒子轨迹所对圆心角之和不是360°，不可能在M点相遇，故B错误；C、在磁场中运动的粒子离边界的最大距离为轨迹圆周的直径d=，故C错误；D、沿OP方向入射的粒子在磁场中运动的轨迹所对圆心角最大，运动时间最长，故D错误；故选：A二、多项选择题6．（6分）1831年，法拉第在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机（图甲）．它是利用电磁感应的原理制成的，是人类历史上第一台发电机．图乙是这个圆盘发电机的示意图：铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘良好接触使铜盘转动，电阻R中就有电流通过．若所加磁场为匀强磁场，回路的总电阻恒定，从左往右看，铜盘沿顺时针方向匀速转动，下列说法正确的是（）A．铜片D的电势高于铜片C的电势B．电阻R中有正弦式交变电流流过C．铜盘转动的角速度增大1倍，流过电阻R的电流也随之增大1倍D．保持铜盘不动，磁场变为方向垂直于铜盘的交变磁场，则铜盘中有电流产生【解答】解：A、根据右手定则可知，电流从D点流出，流向C点，因此铜片D 的电势高于铜片C的电势；故A正确；B、由于铜盘切割磁感线，从而在电路中形成方向不变的电流；故B错误；C、因感应电动势E=BL，I=，而=，则有，I=，当角速度增大1倍，流过电阻R的电流也随之增大1倍，故C正确；D、保持铜盘不动，磁场变为方向垂直于铜盘的交变磁场，导致穿过铜盘的磁通量变化，则铜盘中有涡流产生，故D正确；故选：ACD．7．（6分）如图甲所示，水平地面上固定一足够长的光滑斜面，斜面顶端有一理想定滑轮，一轻绳跨过滑轮，绳两端分别连接小物块A和B．保持A的质量不变，改变B的质量m，当B的质量连续改变时，得到A的加速度a随B的质量m变化的图线，如图乙所示，设加速度沿斜面向上的方向为正方向，空气阻力不计，重力加速度g取9.8m/s2，斜面的倾角为θ，下列说法正确的是（）A．若θ已知，可求出A的质量B．若θ未知，可求出乙图中a1的值C．若θ已知，可求出乙图中a2的值D．若θ已知，可求出乙图中m0的值【解答】解：A、根据牛顿第二定律得：对B得：mg﹣F=ma…①对A得：F﹣m A gsinθ=m A a…②联立得a=…③若θ已知，由③知，不能求出A的质量m A．故A错误．B、由③式变形得a=．当m→∞时，a=a1=g，故B正确．C、由③式得，m=0时，a=a2=﹣gsinθ，故C正确．D、当a=0时，由③式得，m=m0=m A sinθ，可知，m0不能求出．故D错误．故选：BC8．（6分）如图所示，a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c上完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分．小球d 位于O点正上方h处，且在外力F作用下恰处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为6q，h=R．重力加速度为g，静电力常量为k，则（）A．小球a一定带正电B．小球b的周期为C．小球c的加速度大小为D．外力F竖直向上，大小等于mg+【解答】解：A、a、b、c三小球所带电荷量相同，要使三个做匀速圆周运动，d 球与a、b、c三小球一定是异种电荷，由于d球的电性未知，所以a球不一定带正电，故A错误．B、设db连线与水平方向的夹角为α，则cosα==，sinα==对b球，根据牛顿第二定律和向心力得：k cosα﹣2k cos30°=m R=ma解得：T=，a=则小球c的加速度大小为．故B错误，C正确．D、对d球，由平衡条件得：F=3k sinα+mg=mg+，故D正确．故选：CD三、非选择题9．（6分）某实验小组要探究力对物体做功与物体获得速度的关系，选取的实验装置如图1所示．（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和交流电源（填“交流”或“直流”）（2）实验主要步骤如下：①实验时，为使小车所受合力等于橡皮筋的拉力，在未连接橡皮筋前木板的左端用小木块垫起，使木板倾斜合适的角度，启动电源，轻推小车，得到的纸带应该是乙（填甲、乙）（如图2）②小车在一条橡皮筋的作用下由静止弹出，沿木板运动，此过程橡皮筋对小车做的功为W③再分别改用完全相同的2条、3条…橡皮筋作用于小车，每次由静止释放小车时橡皮筋的伸长量都相同（填写相应实验条件），使橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W…④分析打点计时器打出的纸带，分别求出小车每次获得的最大速度v1、v2、v3…．图3是实验中打出的一条纸带，为了测量小车获得的最大速度，应选用纸带的GK 部分进行测量⑤作出W﹣v图象，则符合实际的图象是D．（如图4）（3）若该小组实验时遗忘了上述步骤①操作的情况下也完成了整个实验，那么当小车速度最大时，橡皮筋处于伸长状态．（填“伸长”或“原长”）【解答】解：（1）打点计时器使用交流电源．（2）①平衡摩擦力后，小车应做匀速运动，所以纸带应该是图乙；③橡皮条拉力是变力，采用倍增法增加功；即使小车在一条橡皮筋的作用下由静止弹出，这时橡皮筋对小车做的功为W；再用完全相同的2条、3条…橡皮筋作用于小车，每次由静止释放小车时橡皮筋的伸长量都相同，使橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W…④当小车达到最大速度后，做匀速直线运动，根据纸带的GK段测量最大速度．⑤功与速度的平方相对应，所以图象应为D．（3）若该小组实验时遗忘了上述步骤①操作的情况下也完成了整个实验，那么当小车速度最大时，弹力和摩擦力相等，弹簧处于伸长状态．故答案为：（1）交流，（2）乙，伸长量都相同，GK，D，（3）伸长10．（9分）某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路．通过控制电键S 和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率．所用器材如下：A．干电池：电动势E=1.5V，内阻r=0.5ΩB．电流表：满偏电流I g=1mA，内阻R g=150ΩC．定值电阻R1=1200ΩD．电阻箱R2和R3：最大阻值999.99ΩE．电阻箱R4：最大阻值9999ΩF．电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干（1）该实验小组按图1正确连接好电路．当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=149.5Ω，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R丙，则R丙=1500Ω，欧姆表的倍率是×10（选填“×1”、“×10”）（2）闭合电键S：第一步：调节电阻箱R2和R3，当R2=14.5Ω且R3=150Ω时，再将红、黑表笔短接，电流表再次满偏．第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图b所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为100Ω．【解答】解：（1）由闭合电路欧姆定律可知：欧姆表的内阻为：R==1500Ω，丙则R2=R丙﹣R1﹣R g﹣r=1500﹣1200﹣150﹣0.5=149.5Ω，中值电阻应为1500Ω，根据多用电表的刻度设置可知，表盘上只有两种档位，若为×1，则中性电阻太大，不符合实际，故欧姆表倍率应为“×10”．（2）为了得到“×1”倍率，应让满偏时对应的电阻为150Ω；电流为：I1==0.01A；此时表头中电流应为0.001A；则与之并联电阻R3电流应为：0.01﹣0.001=0.009A，并联电阻为：R3==150Ω；R2+r==15Ω故R2=15﹣0.5=14.5Ω；图示电流为0.60mA；=×103=2500Ω则总电阻为：R总故待测电阻为：R=2500﹣1500=1000Ω；测故对应的刻度应为100．故答案为：（1）149.5；1500；×10；（2）14.5；150；10011．（12分）如图所示，一长L=2m、质量M=4kg的薄木板（厚度不计）静止在粗糙的水平台面上，其右端距平台边缘l=5m，木板的正中央放有一质量为m=1kg 的小物块（可视为质点）．已知木板与地面、物块与木板间动摩擦因数均为μ1=0.4，．现对木板施加一水平向右的恒力F，其大小为48N，g取10m/s2，试求：（1）F作用了1.2s时，木板的右端离平台边缘的距离；（2）要使小物块最终不能从平台上滑出去，则物块与平台间的动摩擦因数μ2应满足的条件．【解答】解：（1）假设开始时物块与木板会相对滑动，由牛顿第二定律，对木板有：F﹣μ1（M+m）g﹣μ1mg=Ma1；解得：a1=6m/s2．对物块有：μ1mg=ma2；解得：a2=4m/s2．因为a2＜a1，故假设成立．设F作用t秒后，小物块恰好从木板左端滑离，则有：=﹣代入数据解得：t=1s在此过程中，木板的位移为：x1==m=3m，末速度为：v1=a1t=6×1=6m/s．物块的位移为：x2==m=2m，末速度为：v2=a2t=4×1=4m/s．在小物块从木板上滑落后的0.2s内，由牛顿第二定律，对木板有：F﹣μ1Mg=Ma1′解得：a1′=8m/s2．木板发生的位移为：x1′=v1t0+解得：x1′=1.36m此时木板距平台边缘的距离为：△x=l﹣x1﹣x1′=5﹣3﹣1.36=0.64m（2）小物块滑至平台后，做匀减速直线运动，由牛顿第二定律，对物块有：μ2mg=ma2′解得：a2′=μ2g．若小物块在平台上速度减为0，则通过的位移为：x2′=要使从木板最终不会从平台上掉下去需满足：l+≥x2+x2′。
高二物理下学期第二次质量检测试题-人教版高二全册物理试题
涡阳四中2014-2015学年度下高二第二次质量检测物理试题总分为：100分时间：90分钟第1卷〔选择题共56分〕一、单项选择题〔4x9=36分〕1．在物理学开展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．如下说法正确的答案是〔〕A．特斯拉通过实验发现了电磁感应现象,并提出了电磁感应定律B．奥斯特发现了电流的磁效应，并总结了右手螺旋定如此C．楞次研究得出了判断感应电流方向的方法——楞次定律,并总结了右手定如此D. 安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性,提出了分子电流假说2．右图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．假设图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．如此如下说法正确的答案是〔〕A．本模型产生的感应电动势为BLωB．回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C．回路中有大小和方向作周期性变化的电流D．假设将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也会有电流流过3．如右图所示，一圆柱形铁芯上沿轴线方向绕有矩形线圈，铁芯与磁极的缝隙间形成了辐向均匀磁场。
磁场的中心与铁芯的轴线重合. 当铁芯绕轴线以角速度ω顺时针匀速转动的过程中，线圈中的电流变化图象是如下图中的哪一个？〔从图位置开始计时，NS极间缝隙的宽度不计.以b边的电流进入纸面，a边的电流出纸面为正方向〕〔〕4.如下列图，矩形线圈abcd 在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P 1和P 2以一样的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时，如下说法正确的答案是 〔〕A ．线圈绕P 1转动时的电流等于绕P 2转动时的电流B ．线圈绕P 1转动时的电动势小于绕P 2转动时的电动势C ．线圈绕P 1转动和绕P 2转动的磁通量都为0，线圈中都无感应电流D ．线圈绕P 1转动时dc 边受到的安培力大于绕P 2转动时dc 边受到的安培力5.图甲、图乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化，如下说法正确的答案是〔 〕A ．图甲表示交流电，图乙表示直流电B ．电流的有效值都是220AC ．图甲的电流方向每秒钟改变50次D ．图甲所示电流的瞬时值表达式为i ＝311sin100πt 〔A 〕6.在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器。
2015-2016学年第二学期高二期中考试物理学科试题和参考答案
2015-2016学年第二学期高二期中考试物理学科试题一、单项选择题1．关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小2. 下列说法正确的是（）A．洛伦兹力对带电粒子不做功B．洛伦兹力能改变带电粒子的动能C．运动电荷在某处不受洛伦兹力的作用，则该处的磁感应强度一定为零D．运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛伦兹力的作用3．某矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势为e=E m sinωt．若将线圈的转速增加1倍，保持其他条件不变，则产生的感应电动势为（）A．e=E m sin2ωt B．e=2E m sin2ωt C．e=2E m sin4ωt D．e=4E m sin2ωt4．中央电视台《焦点访谈》多次报道某些边远落后农村电价过高，农民负担过重．其中客观原因是电网陈旧老化，近年来进行了农村电网改造．为了减少远距离输电线路上的电能损耗而降低电费价格，以下措施中切实可行的是（）A．提高输送功率B．应用超导材料做输电线C．提高输电电压D．减小输电导线的横截面积5．下列说法不正确的是（）A．话筒是一种常用的传感器，其作用是将电信号转换为声信号B．电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器的作用是控制电路的通断C．电子秤所使用的测力装置是力传感器D．热敏电阻能够把温度这个热学量装化为电阻这个电学量6．如图所示，开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直，且一半在磁场内，一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列办法中不可行的是（）A．将线框向左拉出磁场B．以bc边为轴转动（小于60°）C．以ab边为轴转动（小于90°）D ．以ad 边为轴转动（小于60°）7．如图所示，A 、B 都是较轻的铝环，A 环闭合，B 环断开，横梁可以绕中间支点自由转动，开始时整个装置静止．下列说法中正确的是（ ）A ．条形磁铁插入A 环时，横梁不会发生转动B ．只有当条形磁铁N 极拔出铝环时，横梁才会转动C ．条形磁铁用相同方式分别插入A 、B 环时，两环转动情况相同D ．铝环A 产生的感应电流总是阻碍铝环与磁铁间的相对运动 8．如图所示，表示一交流电的电流随时间而变化的图像．此交流电流的有效值是 （ ） A ． 52A B ．5A C ． 3.52A D ．3.5A9．如图所示，水平放置的平行金属导轨左边接有电阻R ，轨道所在处有竖直向下的匀强磁场，金属棒ab 横跨导轨，它在外力的作用下向右匀速运动，速度为v ．若将金属棒的运动速度变为2v ，（除R 外，其余电阻不计，导轨光滑）则 （ ） A ．作用在ab 上的外力应保持不变 B ．感应电动势将增大为原来的4倍 C ．感应电流的功率将增大为原来的2倍 D ．外力的功率将增大为原来的4倍10．如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l ，磁场方向垂直纸面向里．abcd 是位于纸面内的梯形线圈，ad 与bc 间的距离也为L ，t=0时刻，bc 边与磁场区域边界重合．现令线圈以恒定的速度v 沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，取沿a →b →c →d →a 的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I 随时间t 变化的图线可能是图中的 （ ）11． 电阻为1 Ω的矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势随时间变化的图象如图所示．现把交流电加在电阻为9 Ω的电热丝上，下列判断正确的是 （ ）A ．线圈转动的角速度ω＝100 rad/sB ．在t ＝0.01 s 时刻，穿过线圈的磁通量最大C ．电热丝两端的电压U ＝100 2 VLD．电热丝此时的发热功率P＝1 800 W12．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4∶1，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R′为热敏电阻(温度升高时其电阻减小)，R为定值电阻．下列说法正确的是（）A．电压表V2的示数为9 VB．原线圈两端电压的瞬时值表达式为u＝362sin 50πt VC．R′处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V2的示数变大D．变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率之比为1∶4二、多项选择题13．如图所示，质量为m，电荷量为+q的带电粒子，以不同的初速度两次从O点垂直于磁感线和磁场边界向上射入匀强磁场，在洛伦兹力作用下分别从M、N两点射出磁场，测得OM：ON=3：4，则下列说法中正确的是（）A．两次带电粒子在磁场中经历的时间之比为3：4B．两次带电粒子在磁场中运动的路程长度之比为3：4C．两次带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力大小之比为3：4D．两次带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力大小之比为4：314．如图所示，理想变压器左线圈与导轨相连接，导体棒ab可在导轨上滑动，磁场方向垂直纸面向里，以下说法正确的是（）A．ab棒匀速向右滑，c、d两点中c点电势高B．ab棒匀加速右滑，c、d两点中d点电势高C．ab棒匀减速右滑，c、d两点中d点电势高D．ab棒匀加速左滑，c、d两点中c点电势高15．如图（a）、（b）所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则（）A．在电路（a）中，断开S，A将渐渐变暗B．在电路（a）中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗C．在电路（b）中，断开S，A将渐渐变暗D．在电路（b）中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗16．如图所示，相距为d 的两水平虚线L 1和L 2分别是水平向里的匀强磁场的上下两个边界，磁场的磁感应强度为B ，正方形线框abcd 边长为L （L ＜d ），质量为m ，将线框在磁场上方高h 处由静止释放．如果ab 边进入磁场时的速度为v 0，cd 边刚穿出磁场时的速度也为v 0，则从ab 边刚进入磁场到cd 边刚穿出磁场的整个过程中 （ ） A ．线框中一直有感应电流B ．线框中有一阶段的加速度为重力加速度gC ．线框中产生的热量为mg （d+h+L ）D ．线框有一阶段做减速运动17．如图所示，在方向垂直向里，磁感应强度为B 的匀强磁场区域中有一个由均匀导线制成的单匝矩形线框abcd ，线框以恒定的速度v 沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框dc 边始终与磁场右边界平行，线框边长ad ＝l ，cd ＝2l 。
安徽庐江二中高二第二次月考物理试卷
庐江二中高二第二次月考物理试卷一.单项选择题(每小题4分，共40分)1．以下关于电源及其电动势的说法中，正确的是（ ）A.电源是把电能转化为其它形式能量的装置B.电源电动势就是电源电压C.电源电动势与其体积有关D.电路中每通过1C 电荷量，电源就将2J 的化学能转变为电能,则其电动势为2V2．有一横截面积为S 的铜导线，流经其中的电流为I ，设单位体积的导线中有n 个自由电子，电子的电荷量为e ，电子的定向移动速率为v ，则在t 时间内，通过导线横截面的自由电子总数为（ ）A.nvSB.nvtC. e ItD. eIS 3．标有“220V 、60W”的白炽灯泡，加上电压U 由零逐渐增大到220V 的过程中，电压U 和电流I 的关系可用图象表示，则下面给出的四个图象中符合实际的是（ ）4．电阻两端加上某一稳定电压，当通过该电阻的电荷量为3C 时，消耗的电能为9J ，为在相同时间内使6C 的电荷量通过该电阻，则其两端的电压和消耗的电能分别是（）A.3V ，18JB.3V ，36JC.6V ，18JD.6V ，36J 5．图中定值电阻R 1很大，R 2很小，与小量程电流表G 和开关S 1、S 2组成一个电压、电流两用表，为使其能当较大量程的电流表用，则应（ ）A. S 1、S 2都闭合B. S 1、S 2都断开C. S 1闭合S 2 断开D. S 2闭合S 1断开6．在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现 ,设计了一种报警装置,电路如图所示， M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M 发生变化,导致S 两端电压U 增大, 装置发出警报,此时( )A .R M 变大,且当R 远小于R M 时,U 增大更明显B .R M 变大,且当R 远大于R M 时,U 增大更明显C .R M 变小,且当R 远大于R M 时,U 增大更明显D .R M 变小,且当R 远小于R M 时,U 增大更明显7．如图所示，A 、B 是一对间距足够大的平行金属板，t=0s 时，一带负电的粒子（不计重力）从两板间的p 点由静止起一直向着B 板运动，则两板间电压U AB 变化图像是（ ）8．如图所示，电荷量为q 1、q 2的两个正点电荷分别置于A 点和B 点，两点相距L ，在以L 为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个可视为点电荷的带电小球 ，恰能静止在P 点，P A 与AB 的夹角为α，不计小球的重力，则( )A.tan 3α＝12q q B .tan α＝12q q C.小球一定带负电 D.圆心O 点场强一定为零9．某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，此时的圆轨道可等效为环形电流，则此电子运动的轨道半径越大（ ）A.加速度越大B.电势能越大C.线速度越大D.等效环形电流越大10．如图所示,一带电小球从A 处以速度v 0竖直向上进入水平方向的匀强电场中,B 、C 是其轨迹上的两点，其中B 为最高点，C 与A 在同一水平线上，若电场力大小恰与重力相等，则下列说法错误的是 ( )A.AB 两点的水平距离与竖直高度相等B.BC 两点的水平距离是AB 间水平距离的3倍C.小球在C 点的速率为5v 0D.小球从A 运动到B 的过程中，重力势能和电势能之和先减小后增大二.实验题(每小题9分，共18分)11．在“测定合金丝的电阻率”实验中，（1）某同学用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为_________mm ；（2）某同学采用图示的电路测量合金丝AB 的电阻，已知电压表内阻为1k Ω，电流表内阻为0.1Ω，两表得数分别为2V 和0.1A ，则此合金丝的阻值为_________Ω；（3）若测得金属丝的直径为d,长度为l ,电压表得数为U ，电流表得数为I ，则电阻率的表达式为ρ=____________。
含山中学、和县一中、庐江二中、巢湖四中高二期末四校联考物理试卷答案
教科研联盟高二期末考试物理试卷答案二、实验题（共14分，11题2分，12题4分，13题8分。
） 11.3.204~3.208, 5.015 12.（1）BC (2)3.0013.220，① A 2，V 1，R 1，②如图所示三、计算题(本大题共4小题，共46分。
按题目要求作答。
写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
) 14. 解：（1）172/20/v km h m s == 1分221120/ 2.0/10v a m s m s t === 1分 2211112.0101000.1022s at m m km ==⨯⨯== 2分 （2）s m h km v /30/1082== 1分22223022522 2.0v s m m a ===⨯ 2分215t s === 1分 因此此时出租车时间表显示10时11分15秒，出租车继续做匀速运动，它匀速运动时间3t 应为85s 。
32330852550s v t m m ==⨯= 1分 232775 2.775s s s m km =+==总 1分所以计价器里程表应显示2.775km 。
15. 解析：(1)由图像可知，加速阶段a 1=12m/s 2，a 2=9m/s 2. 由牛顿第二定律知：2sin cos mg mg ma θμθ+=(1分)1sin cos F mg mg ma θμθ--=(1分)解得 F=42N ，38μ=( 2分) (2) 物体加速阶段位移x 1=12×12m=6m, 物体速度减小为零用时间t 0=4/3s ，物体运动到A点上方距离A 点13.5m 处时，减速阶段的位移为7.5m. ( 1分)212117.5122t a t =+，解得：t 1=1s （另解舍去） ( 1分) 故t 1总=1s +1s =2s ( 1分) mgsin θ＞μmgcos θ,物体速度减小到零后可以继续下滑。
精品推荐联考高中二年级物理上学期开学试卷(含解析)
2015-2016学年安徽省含山中学、庐江二中、巢湖四中联考高二（上）开学物理试卷一、选择题：第1题到第8题为单项选择题，每题3分，第9题到第12题为多项选择题，每题至少有两个及两个以上选项，每题4分，选不全得2分，有错误选项或不选得0分，共40分。
1．如图所示的位移（s）﹣时间（t）图象和速度（v）﹣时间（t）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲车通过的位移小于乙车通过的位移C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．t2时刻之后，丙就在丁的前方了2．在下面所说的物体运动情况中，不可能出现的是（）A．物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零B．物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大C．运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零D．作变速直线运动的物体，a方向与v方向相同，当物体a减小时，它的v也减小3．设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（）A．B．C．D．4．如图所示，沿竖直杆以速度v匀速下滑的物体A通过轻质细绳拉光滑水平面上的物体B，细绳与竖直杆间的夹角为θ，则以下说法正确的是（）A．物体B向右匀速运动B．物体B向右匀加速运动C．细绳对A的拉力逐渐变小D．细绳对B的拉力逐渐变大5．荡秋千是儿童喜爱的一项运动，当秋千荡到最高点时，小孩的加速度方向是图中的（）A．1方向B．2方向C．3方向D．4方向6．以v0的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移相等时，下列说法错误的是（）A．即时速度的大小是v0B．运动时间是C．竖直分速度大小等于水平分速度大小D．运动的位移是7．质量为m的绳子两端分别系在天花板上的A、B两点，A、B间距离小于绳长，整条绳悬垂情况如图实线所示．今在绳的中点C施加竖直向下的力，将绳子拉至如图虚线情况，则整条绳的重力势能（）A．增大 B．不变 C．减小 D．不确定8．如图所示，小朋友在玩一种运动中投掷的游戏，目的是在运动中将手中的球投进离地面高3m的吊环，他在车上和车一起以2m/s的速度向吊环运动，小朋友抛球时手离地面1.2m，当他在离吊环的水平距离为2m时将球相对于自己竖直上抛，球刚好进入吊环，他将球竖直向上抛出时的速度是（g取10m/s2）（）A．1.8m/s B．3.2m/s C．6.8m/s D．3.6m/s9．如图所示，水平转台绕竖直轴匀速转动，穿在水平光滑直杆上的小球A和B由轻质弹簧相连并相对直杆静止．已知A、B小球的质量分别为2m和m，它们之间的距离为3L，弹簧的劲度系数为k、自然长度为L，下列分析正确的是（）A．小球A、B受到的向心力之比为2：1B．小球A、B做圆周运动的半径之比为1：2C．小球A匀速转动的角速度为D．小球B匀速转动的周期为2π10．质量为m的汽车在平直路面上由静止匀加速启动，运动过程的v﹣t图象如图所示，已知t1时刻汽车达到额定功率，之后保持额定功率运动，整个过程中汽车受到的阻力恒定，由图可知（）A．在0～t1时间内，汽车的牵引力大小为B．在0～t1时间内，汽车的功率与时间t成正比C．汽车受到的阻力大小为D．在t1～t2时间内，汽车克服阻力做的功为m（v22﹣v12）11．如图所示，质量为M、长度为L的木板静止在光滑的水平面上，质量为m的物块（视为质点）放在木板的最左端，物块和木板之间的动摩擦因数μ．现用一水平恒力F作用在物块上，使物块从静止开始做匀加速直线运动．当木板运动的位移为x时，物块刚好滑到木板的最右端．在这一过程中（）A．物块到达木板最右端时，木板的末动能为μmgxB．物块和木板间摩擦生热为μmgLC．物块和木板增加的机械能为F（L+x）D．摩擦力对物块做的功与摩擦力对木板做功的代数和为零12．，一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度二、填空、实验题：每空3分，共27分。
第二次教学质量检测物理试题(附答案)
安徽省合肥市2015届高三第二次教学质量检测理综物理试题14、如图所示，两束平行单色光a、b从空气射入玻璃三棱镜，出射光为①和②，对这两束光A、出射光①是a光B、在该三棱镜中a光的传播速度比b光大C、从同种介质射入真空发生全反射时，a光临界角比b光的小D、分别通过同一双缝干涉装置，a光形成的相邻亮条纹间距大15．有一条两岸平直、河水均匀流动，流速恒为v的大河，一条小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直，小船在静水中的速度大小为，回程与去程所用时间之比为：A．3：2 B．2：1 C．3：1D．16、如图所示，正三角形ABC的三个顶点固定了电量分别为－q，＋q和＋q（q＞0）的三个点电荷，K、P分别为AB和BC边的中点，下列说法正确的是A、O点的电场强度小于P点的电场强度B、P点的电场强度大于K点的电场强度C、O点的电势低于K点的电势D、O点的电势低于P点的电势17、如图所示，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度的大小为B1，P为磁场边界上的一点．相同的带正电荷粒子，以相同的速率从P 点射入磁场区域，速度方向沿位于纸面内的各个方向．这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的13。
若将磁感应强度的大小变为 B2，结果相应的弧长变为圆周长的14，不计粒子的重力和粒子间的相互影响，则21B B 等于18、如图所示，长为L 的轻绳一端固定于O 点，另一端系一质量为m 的小球，现将绳水平拉直，让小球从静止开始运动，重力加速度为g ，当绳与竖起方向的夹角30α︒＝时，小球受到的全力大小为19、如图甲所示，倾角为θ的斜面足够长，质量为m 的小物块受沿斜面向上的拉力F 作用，静止在斜面中点O 处，现改变拉力F 的大小 （方向始终沿斜面向上），物块由静止开始沿斜面向下运动，运动过程中物块的机械能E 随离开O 点的位移x 变化关系如图乙所示，其中0-1x 过程的为曲线12x x -过程的图线为直线，物块与斜面间动摩擦因数为μ。
2015-2016巢湖四中庐江二中高二第二次联考卷物理试卷
1 2015/2016学年度第一学期高二年级庐江二中、巢湖四中第二次联考物理试卷命题人：钱钊审题人：张志华一、选择题：（共42分。
分。
11—6题为单项选择题，每题3分。
分。
77—10为多项选择题，每题6分，选不全得3分。
）1.1.如图所示，如图所示，M 、N 两点分别放置两个等量异种电荷，A 为它们连线的中点，B 为连线上靠近N 的一点，C 为连线的中垂线上处于A 点上方的一点，在A 、B 、C 三点中（）。
A.A.场强最小的点是场强最小的点是A 点，电势最高的点是B 点B.B.场强最小的点是场强最小的点是A 点，电势最高的点是C 点C.C.场强最小的点是场强最小的点是C 点，电势最高的点是B 点D.D.场强最小的点是场强最小的点是C 点，电势最高的点是A 点2．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M 点，再经过N 点．可以判定点．可以判定( ( )。
A ．粒子在M 点受到的电场力大于在N 点受到的电场力B ．M 点的电势高于N 点的电势C ．粒子带负电D ．粒子在M 点的动能大于在N 点的动能3．如图所示为空间某一电场的电场线，a 、b 两点为其中一条竖直向下的电场线上的两点，该两点的高度差为h ，一个质量为m 、带电荷量为＋q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为3gh ，则下列说法中正确的是，则下列说法中正确的是( ()。
A ．质量为m 、带电荷量为＋q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点的过程中动能增加量等于电势能减少量B ．a 、b 两点的电势差U ＝mgh 2qC ．质量为m 、带电荷量为＋、带电荷量为＋22q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为ghD ．质量为m 、带电荷量为－q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为2gh4．如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m 的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F 将小球向下压至某位置静止．现撤去F ，小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W 1和W 2，小球离开弹簧时速度为v ，不计空气阻力，则上述过程中，不计空气阻力，则上述过程中( ( )。
安徽省含山中学、庐江二中、巢湖四中高二物理上学期开学联考试卷(扫描版)
安徽省含山中学、庐江二中、巢湖四中2015-2016学年高二物理上学期开学联考试卷（扫描版）三校联考物理试卷答案一、选择题（第1至第8题每题3分，第9至第12题每题4分，共40分）二、填空题（每空3分，共27分） 13.（1）mgR 41（2）()B A B A T T T T -2 14.(1)4m/S (2)0.2S 15. (1) 0.05 N (2)BC 16.(1)0.49 (2)CD(3)m 3g-(m 2+m 3)a/m 2g三、计算题（17题10分，18题11分，19题12分，共33分） 17、答案：（1）16.5N （2） 990J 解：（1）若μ1=μ2=0即所有的接触都是光滑时，以滑块为研究对象，由受力分析知滑块只受重力G 和弹力N ，由牛顿第二定律可知：F 合=mgtan370=ma ，--------------- 2分所以a=7.5m/s 2 --------------- 1分推力F=（M+m)a=16.5N --------------- 2分（2）由x=at 2/2带入数据得x=60m --------------- 2分 由w=FLcosa 带入数据得w=990J --------------- 3分18.（1）根据：tan30°＝y/x ＝1/2gt ²/v 0t ＝gt/2v 0--------------- 2分 解得：t=2v 0tan30°/g ＝2√3V0/3g ，---------------1分 水平位移为：x=v 0t ＝2√3V02/3g ，--------------- 1分则AB 间的距离为：s AB ＝x/cos30°＝4V0²/3g---------------1分 ⑵列方程：当速度方向与斜面平行时，小球离斜面最远 V0tan θ=Vy--------------- 2分Vy=gt 解得t=√3V0/3g---------------1分将速度和加速度分别沿着平行于斜面和垂直于斜面正交分解可得 Vy = V0sin θ ay=gcos θ--------------- 2分当Vy=0时， H 最大H = Vy 2/2 ay=√3V02/12g---------------1分19.解：（1）物块由A 到B 的过程中，由机械能守恒定律得：221B mv mgR =（1分） 解得：v B =4m/s设在B 点物块受到的支持力为N ，由牛顿第二定律有：Rv m mg N B2=- （1分）物块对圆弧轨道的压力，由牛顿第三定律有N N ='联立以上方程，带入数据得 N '=30N （1分）（2）物块离开B 点后做平抛运动，由题意可知，物块到达C 点时速度偏向角为θ则 Bv gt=θtan （1分） 又 221gt h =， θcos B C vv = （1分）解得： =h 0.45m ， =C v 5m/s （1分）（3）物块进入传送带，由牛顿第二定律有：1cos sin ma mg mg =+θμθ （1分）设物块与传送带速度相同需时间t 1,，物块的位移为1x ，此过程传送带的位移为'1x 。
安徽省合肥市庐江县高二物理下学期期末试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2014-2015学年安徽省合肥市庐江县高二〔下〕期末物理试卷一、选择题〔每题只有一个选项是正确的，每题4分，共40分〕1．如下列图，水平桌面上放一闭合铝环，在铝环轴线上方有一条形磁铁．当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，如下判断中正确的答案是〔〕A．铝环有收缩趋势，对桌面压力减小B．铝环有收缩趋势，对桌面压力增大C．铝环有扩张趋势，对桌面压力减小D．铝环有扩张趋势，对桌面压力增大2．a、b两种单色光以一样的入射角从某种介质射向空气，光路如下列图，如此如下说法正确的答案是〔〕A．逐渐增大入射角α的过程中，a光先发生全反射B．通过同一双缝干预装置，a光的干预条纹间距比b光的宽C．在该介质中b光的传播速度大于a光的传播速度D．在该介质中a光的波长小于b光的波长3．如下有关光现象的解释正确的答案是〔〕A．光学镜头上的增透膜是利用光的全反射现象B．用光导纤维传送图象信息是利用光的衍射现象C．戴着特制的眼镜观看立体电影是利用光的偏振现象D．眯着眼睛看发光的灯丝时能观察到彩色条纹是光的折射现象4．一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图甲所示．如此如下说法正确的答案是〔〕A． t=0时刻，线圈平面与中性面垂直B． t=0.01s时刻，Φ的变化率最大C． t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应产生的交流电动势的图象如图乙所示5．一列简谐横波沿直线由A向B传播，A、B两质点的平衡位置相距3m，t1=0时，质点A处于波峰位置，质点B刚好在平衡位置且向y轴负方向运动；t2=0.5s时，质点B恰在波谷，如此如下关于这列波的说法正确的答案是〔〕A．波长可能是12m B．波长一定是4mC．周期一定是2s D．波速可能是10m/s6．如下列图，真空中的匀质透明球体的半径为R，一束单色光沿方向平行于直径AB射向球体，入射角为60°，光线从D点射入球体经一次反射后由E〔图中未标出〕再次折射回真空中，此时的出射光线刚好与入射光线平行，光在真空中的速度为c．如此〔〕A．该球体的绝对折射率为2B．光线从D点射入到从E点射出球体的总时间为C．从D点折射入球体的光线相对CD的偏折角为15°D．适当改变入射点的位置，光线进入球体后，可能会发生全反射7．一砝码和一轻弹簧构成弹簧振子如下列图，该装置可用于研究该弹簧振子的受迫振动，匀速转动把手时，曲杆给弹簧振子以驱动力，使振子做受迫振动，把手匀速转动的周期就是驱动力的周期，改变把手匀速转动的速度就可以改变驱动力的周期，假设保持把手不动，给砝码一向下的初速度，砝码便做简谐运动，测得其振动周期为0.5s，现在转动把手，使转速逐渐增大，如此〔〕A．振子振动周期先增大后减小B．振子振动频率先增大后减小C．当转速等于240r/min时，振子振动周期为0.5sD．当转速等于120r/min时，振子振动幅度最大8．如图是一列简谐波在t=0时的波形图，介质中的质点P沿Y轴方向做简谐运动的表达式为y=10sin5πt cm．关于这列简谐波，如下说法中正确的答案是〔〕A．这列简谐波的振幅为20cmB．这列简谐波的周期为5.0sC．这列简谐波存该介质中的传播速度为25m/sD．这列简谐波沿x轴正向传播9．某小型水电站的电能输送示意图如下列图．发电机的输出电压为200V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1，n2．降压变压器原副线匝数分别为n3、n4〔变压器均为理想变压器〕．要使额定电压为220V的用电器正常工作，如此〔〕A．＞B．＜C．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D．升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率10．如下列图，导体棒AB长2R，绕O点以角速度ω沿逆时针方向匀速转动，OB为R，且OBA三点在一直线上，有一匀强磁场磁感应强度为B，充满转动平面且与转动平面垂直，那么AB两端的电势差大小为〔〕A．BωR2B．2BωR2C．4BωR2D．6BωR21015春•庐江县期末〕如下列图，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R〔指拉直时两端的电阻〕，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒AB，AB由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，如此这时AB两端的电压大小为〔〕A．B．C．D． Bav二、实验题〔每空3分，共12分〕12．在“用单摆测定重力加速度〞的实验中，测得单摆摆角小于5°，用毫米刻度尺测得摆线长为L，秀螺旋测微器测得摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆振动n=50次所用的时间t如下列图，如此：〔1〕秒表的示数为s．〔2〕用螺旋测微器测量摆球直径d的读数为mm．〔3〕用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g=〔用L，d，n，t表示〕．〔4〕如果他测得的g值偏小，可能的原因是．A．测摆线长时摆线位得过紧B．摆线上端未结实地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．开始计时时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次．三、计算题〔共48分〕13．将一劲度系数为k的轻质弹簧竖直悬挂，下端系上质量为m的物块，将物块向下接离平衡位置后松开，物块就上下做简谐运动，如下列图，其振动周期恰好等于以物块平衡时的伸长量为摆长的单摆周期，重力加速度为g，求物块从最高点运动到最低点的过程中，弹簧弹力的冲量．14．一矩形线圈abcd放置在如下列图的有理想边界的匀强磁场中〔OO′的左边有匀强磁场，右边没有〕，线圈的两端接一只灯泡．线圈的匝数n=100，电阻r=1.0Ω，ab边长L1=0.5m，ad边长L2=0.3m，小灯泡的电阻R=9.0Ω，磁场的磁感应强度B=1.0×10﹣2T．线圈以理想边界OO′为轴以角速度ω=200rad/s按如下列图的方向匀速转动〔OO′轴离ab边距离为L2〕，以如下列图位置为计时起点．求：〔1〕在0～的时间内，通过小灯泡的电荷量；〔2〕电动势的有效值；〔3〕小灯泡的电功率．15．如下列图，一矩形金属框架与水平面成角θ=37°，宽L=0.4m，上、下两端各有一个电阻R0=2Ω，框架其它局部的电阻不计，框架足够长，垂直于金属框平面的方向有一向上的匀强磁场，磁感应强度B=1.0T．ab为金属杆，与框架良好接触，其质量m=0.1kg、电阻r=1.0Ω，杆与框架的动摩擦因数μ=0.5．杆ab由静止开始下滑，在速度达到最大的过程中，框架上端电阻R0中产生的热量Q0=0.5J．〔取g=10m/s2，sin37°=0.6〕．求：〔1〕流过R0的最大电流；〔2〕从开始到速度达到最大的过程中，ab杆沿斜面下滑的距离．16．如下列图，A为有光滑曲面的固定轨道，轨道底端的切线方向是水平的，质量M=40kg 的小车B静止于轨道右侧，其上外表与轨道底端在同一水平面上．一个质量m=20kg的物体C以2.0m/s的初速度从轨道顶端滑下，冲上小车B后经一段时间与小车相对静止并一起运动．假设轨道顶端与底端的高度差h=1.6m．物体与小车板面间的动摩擦因数μ=0.40，小车与水平面间的摩擦忽略不计．〔取g=10m/s2〕，求：〔1〕物体与小车保持相对静止时的速度v；〔2〕物体冲上小车后，与小车发生相对滑动经历的时间t；〔3〕物体在小车上相对滑动的距离L．1015春•庐江县期末〕如下列图，在水平桌面上放有长木板C，C上右端是固定挡板P，在C 上左端和中点处各放有小物块A和B，A、B的尺寸以与P的厚度皆可忽略不计，A、B之间和B、P之间的距离皆为L．设木板C与桌面之间无摩擦，A、C之间和B、C之间的静摩擦因数与滑动摩擦因数均为μ；最大静摩擦力等于滑动摩擦力大小，A、B、C〔连同挡板P〕的质量都为m，开始时，B和C静止，A以某一初速度v0向右运动，重力加速度为g．求：〔1〕A和B发生碰撞前，B受到的摩擦力大小；〔2〕为使A和B能够发生碰撞，A的初速度v0应满足的条件；〔3〕为使B和P能够发生碰撞，A的初速度v0应满足的条件〔A、B碰撞无机械能损失〕．2014-2015学年安徽省合肥市庐江县高二〔下〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔每题只有一个选项是正确的，每题4分，共40分〕1．如下列图，水平桌面上放一闭合铝环，在铝环轴线上方有一条形磁铁．当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，如下判断中正确的答案是〔〕A．铝环有收缩趋势，对桌面压力减小B．铝环有收缩趋势，对桌面压力增大C．铝环有扩张趋势，对桌面压力减小D．铝环有扩张趋势，对桌面压力增大考点：楞次定律．分析：解此题时应该掌握：楞次定律的理解、应用．在楞次定律中线圈所做出的所有反响都是阻碍其磁通量的变化．如：感应电流磁场的磁通量、面积、速度、受力等．解答：解：根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此线圈做出的反响是面积有收缩的趋势，同时将远离磁铁，故增大了和桌面的挤压程度，从而使导体环对桌面压力增大，选项B正确，ACD错误．应当选：B点评：此题从力、运动的角度考察楞次定律，思维含量高，考察角度新颖．要注意使用楞次定律的推广形式解答比拟便捷．2．a、b两种单色光以一样的入射角从某种介质射向空气，光路如下列图，如此如下说法正确的答案是〔〕A．逐渐增大入射角α的过程中，a光先发生全反射B．通过同一双缝干预装置，a光的干预条纹间距比b光的宽C．在该介质中b光的传播速度大于a光的传播速度D．在该介质中a光的波长小于b光的波长考点：光的干预；全反射．专题：光的干预专题．分析：由图象知道b光的折射率大于a光的，折射率大的光波短，光波短的条纹间距小，传播速度小．解答：解：A、由图知b光的折射率大，所以b光先发生全反射，A错误；B、折射率大的光波长短，而条纹间距与波长成正比，B正确；C、由公式v=知折射率大的速度小，C错误；D、在该介质中a光的波长大于b光的波长，D错误；应当选B点评：要记住折射率和波长的关系，波长和条纹间距的关系，这是解决此类问题的关键．3．如下有关光现象的解释正确的答案是〔〕A．光学镜头上的增透膜是利用光的全反射现象B．用光导纤维传送图象信息是利用光的衍射现象C．戴着特制的眼镜观看立体电影是利用光的偏振现象D．眯着眼睛看发光的灯丝时能观察到彩色条纹是光的折射现象考点：全反射；光的偏振．分析：光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，根据光的特性判断现象在应用中是否正确．解答：解：A、光学镜头上的增透膜是利用光的干预现象．故A错误．B、在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象．故B错误．C、立体电影是应用了光的偏振现象．故C正确．D、眯着眼睛看发光的灯丝时能观察到彩色条纹是光的衍射现象．故D错误．应当选：C．点评：人类对于光学的研究与应用非常广泛，在学习中要注意掌握不同现象在生产生活中的应用，解答此题应掌握光的折射、全反射、衍射与干预等在生产生活中的应用．4．一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图甲所示．如此如下说法正确的答案是〔〕A． t=0时刻，线圈平面与中性面垂直B． t=0.01s时刻，Φ的变化率最大C． t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应产生的交流电动势的图象如图乙所示考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：线圈在中性面时磁通量最大，电动势最小，与中性面垂直时，通过的磁通量最小，变化率最大，电动势为最大．解答：解：A、由甲图知t=0时刻磁通量最大，线圈平面应在中性面，故A错误；B、t=0.01s时刻，磁通量等于零，但Φ的变化率达最大，故B正确；C、t=0.02s时刻，磁通量最大，交流电动势为零，故C错误；D、由甲图知交流电动势的图象应为正弦图象，故D错误；应当选：B．点评：此题关键是记住两个特殊位置：在中性面时磁通量最大，感应电动势最小，电动势方向改变；垂直中性面位置磁通量为零，但电动势最大．5．一列简谐横波沿直线由A向B传播，A、B两质点的平衡位置相距3m，t1=0时，质点A处于波峰位置，质点B刚好在平衡位置且向y轴负方向运动；t2=0.5s时，质点B恰在波谷，如此如下关于这列波的说法正确的答案是〔〕A．波长可能是12m B．波长一定是4mC．周期一定是2s D．波速可能是10m/s考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：t1=0时，质点A处于波峰位置，质点B刚好在平衡位置且向y轴负方向运动，AB间的距离等于〔n+〕λ，得到波长的通项，再求波长的特殊值．由t2=0.5s时，质点B恰在波谷，得到t2=〔k+〕T，得到周期的通项，再求周期的特殊值．解答：解：AB、据题有：〔n+〕λ=3m，得：λ=m，〔n=0，1，2，3…〕当n=0时，λ=4m．但波长不一定是4m，因n是整数，如此波长不可能是12m．故AB错误．C、据题有：t2=〔k+〕T=0.5s，得 T=s，〔k=0，1，2，3…〕，如此周期不一定是2s，故C错误．D、波速为 v==当k=1，n=0时v=10m/s，故D正确．应当选：D点评：解决此题的关键要把握空间的周期性得到波长的通项，把握时间的周期性得到周期的通项，注意两个通项中n和k的取值不一定一样．6．如下列图，真空中的匀质透明球体的半径为R，一束单色光沿方向平行于直径AB射向球体，入射角为60°，光线从D点射入球体经一次反射后由E〔图中未标出〕再次折射回真空中，此时的出射光线刚好与入射光线平行，光在真空中的速度为c．如此〔〕A．该球体的绝对折射率为2B．光线从D点射入到从E点射出球体的总时间为C．从D点折射入球体的光线相对CD的偏折角为15°D．适当改变入射点的位置，光线进入球体后，可能会发生全反射考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：作出光路图，由几何知识求出光线在C点的入射角与折射角，由折射定律n=求出折射率．由几何知识求出光从C点射入到从E点射出通过的总路程，由v=求出光在球内传播的速度，即可求得时间；根据光路的可逆性分析射入球体内的光线能否发生全反射．解答：解：A、根据对称性和反射定律、折射定律作出光路如下列图．光线经反射后到达介质与空气的界面时，由几何关系得：i=2r，如此r=30°如此球体的折射率 n===．故A错误．B、光从C射入到从E点射出通过的路程是S=4Rcos30°，光在介质中传播速度v=，如此该光从C射入到从E射出的总时间 t===．故B正确；C、从D点折射入球体的光线相对CD的偏折角为 i﹣r=30°．故C错误．D、光线进入球体后，由几何知识知，折射光线射到B点时入射角等于r，由光路可逆性原理，折射光线不可能在B点发生全反射，一定能从B点射出，故D错误．应当选：B．点评：此题考查对全反射、折射现象的理解与运用能力，作出光路图，根据反射的对称性特点和几何知识求解入射角与折射角是关键．7．一砝码和一轻弹簧构成弹簧振子如下列图，该装置可用于研究该弹簧振子的受迫振动，匀速转动把手时，曲杆给弹簧振子以驱动力，使振子做受迫振动，把手匀速转动的周期就是驱动力的周期，改变把手匀速转动的速度就可以改变驱动力的周期，假设保持把手不动，给砝码一向下的初速度，砝码便做简谐运动，测得其振动周期为0.5s，现在转动把手，使转速逐渐增大，如此〔〕A．振子振动周期先增大后减小B．振子振动频率先增大后减小C．当转速等于240r/min时，振子振动周期为0.5sD．当转速等于120r/min时，振子振动幅度最大考点：自由振动和受迫振动．分析：假设不转动把手，弹簧振子做自由振动，周期为0.5s为固有周期．把手匀速转动时，通过曲轴对弹簧振子施加驱动力，使弹簧振子做受迫振动，其振动周期等于驱动力的周期．由题，让把手转速增大，从而根据弹簧振子振动的周期与固有周期比拟，来确定弹簧振子的振幅大小．解答：解：A、B、把手匀速转动时，弹簧振子做受迫振动，其振动周期等于驱动力的周期，而0.5s是固有周期；当把手转速逐渐增大时，如此振子的频率增大，周期减小，故A错误，B也错误；C、D、根据共振条件可知，当振动周期等于固有周期时，即为0.5s，振子振动幅度达到最大，转速n=2r/s=120r/min；故C错误，D正确；应当选：D．点评：此题关键根据受迫振动的周期等于驱动力的周期和产生共振的条件：驱动力的周期等于固有周期．8．如图是一列简谐波在t=0时的波形图，介质中的质点P沿Y轴方向做简谐运动的表达式为y=10sin5πt cm．关于这列简谐波，如下说法中正确的答案是〔〕A．这列简谐波的振幅为20cmB．这列简谐波的周期为5.0sC．这列简谐波存该介质中的传播速度为25m/sD．这列简谐波沿x轴正向传播考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：根据质点简谐运动的表达式y=10sin5πt〔cm〕，读出角频率ω，求出周期．根据t=0时刻x=4m处质点的振动方向判断波的传播方向．读出波长，求出波速．解答：解：由图读出波长为λ=4m；A、由质点P沿y轴做简谐运动的表达式y=10sin5πtcm，可知这列简谐波的振幅为10cm，故A错误．B、C、由y=10sin5πt cm，可知ω=5πrad/s，如此周期为：T=s=0.4s，如此波速为：v=m/s=10m/s．故B错误，C错误．D、由表达式y=10sin5πt cm，可知t=0时刻x=2m处质点P沿y轴正方向运动，如此根据波形的平移法可知，波沿x轴正方向传播．故D正确．应当选：D．点评：解决此题关键要掌握简谐运动的表达式一般形式y=Asinωt，读出ω，再结合振动与波动之间的联系进展分析．9．某小型水电站的电能输送示意图如下列图．发电机的输出电压为200V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1，n2．降压变压器原副线匝数分别为n3、n4〔变压器均为理想变压器〕．要使额定电压为220V的用电器正常工作，如此〔〕A．＞B．＜C．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D．升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率考点：远距离输电；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：通过理想升压变压器将电送到用户附近，然后用理想降压变压器向远处用户供电家中．提升电压的目的是降低线路的功率损失，从而提高用户得到的功率．解答：解：A、B、由变压器的电压比匝数之比==，==，又因为线路电压损失，即U2＞U3，所以＞．故A正确，B错误；C、D、由于远距离输电，输电线电阻不能忽略，导致输电线路上电压损失，使功率损失，所以升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压；升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率．故CD错误．应当选：A点评：理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损．10．如下列图，导体棒AB长2R，绕O点以角速度ω沿逆时针方向匀速转动，OB为R，且OBA三点在一直线上，有一匀强磁场磁感应强度为B，充满转动平面且与转动平面垂直，那么AB两端的电势差大小为〔〕A．BωR2B．2BωR2C．4BωR2D．6BωR2考点：导体切割磁感线时的感应电动势．分析：金属棒中各点切割感线的速度不等，应用平均速度求解感应电动势的大小．线速度与角速度的关系式为v=ωr．解答：解：AB两端的电势差大小等于金属棒AB中感应电动势的大小，为：E=B•2R=B•2R•=4BR2ω应当选：C．点评：解决此题的关键掌握转动切割产生的感应电动势公式E=BωL2，会根据E=Blv进展推导．1015春•庐江县期末〕如下列图，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R〔指拉直时两端的电阻〕，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒AB，AB由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，如此这时AB两端的电压大小为〔〕A．B．C．D． Bav考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：当摆到竖直位置时，先由感应电动势公式E=BL，求出导体棒产生的感应电动势，再根据欧姆定律求解AB两端的电压大小．解答：解：当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为：E=B•2a=2Ba=Bav；金属环并联的电阻为：R并==AB两端的电压是路端电压，AB两端的电压大小为：U=E=Bav=应当选：A点评：此题是电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解，容易出错之处是把AB间的电压看成是内电压，得到结果是Bav．二、实验题〔每空3分，共12分〕12．在“用单摆测定重力加速度〞的实验中，测得单摆摆角小于5°，用毫米刻度尺测得摆线长为L，秀螺旋测微器测得摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆振动n=50次所用的时间t如下列图，如此：〔1〕秒表的示数为99.8 s．〔2〕用螺旋测微器测量摆球直径d的读数为 5.980 mm．〔3〕用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g=〔用L，d，n，t表示〕．〔4〕如果他测得的g值偏小，可能的原因是 B ．A．测摆线长时摆线位得过紧B．摆线上端未结实地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．开始计时时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次．考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题；单摆问题．分析：〔1〕秒表先读分针读数，再读秒针读数，两者相加．机械式秒表的小表盘表示分钟，大表盘表示秒，大表盘一圈30秒；为了确定是前三十秒还是后三十秒，需要参考小表盘两分钟之间的半刻线：如果小表盘表针没到半刻线，就是某分钟+小表盘示数秒；如果小表盘表针超过了半刻线，就是某分钟+〔大表盘示数+30〕秒；〔2〕螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．〔3〕应用单摆周期公式求出重力加速度的表达式．〔4〕应用单摆周期公式求出重力加速度表达式，然后分析答题．解答：解：〔1〕小表盘表针超过了半刻线，故：秒表读数=某分钟+〔大表盘示数+30〕秒秒表的示数为：60s+39.8s=99.8s．〔2〕由图示螺旋测微器可知，其读数为：5.5mm+48.0×0.01mm=5.980mm．〔3〕单摆的摆长：l=L+，单摆周期：T=，由单摆周期公式：T=2π可知，重力加速度：g==；〔4〕由单摆周期公式：T=2π可知，重力加速度：g=；A、测摆线长时摆线拉得过紧，所测L偏大，由g=可知，所测g偏大，故A错误；B、摆线上端未结实地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，所测T偏大，由g=可知，所测g偏小，故B正确；C、开始计时时，秒表过迟按下，所测T偏小，由g=可知，所测g偏大，故C错误；D、实验中误将49次全振动计为50次，所测T偏小，由g=可知，所测g偏大，故D 错误，应当选B．故答案为：〔1〕99.8；〔2〕5.980；〔3〕；〔4〕B．点评：此题考查了螺旋测微器与秒表读数、求单摆的周期、求重力加速度、实验误差分析，要掌握常用器材的使用与读数方法，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的读数，螺旋测微器需要估读；知道应用单摆测重力加速度的原理，应用单摆周期公式可以解题．三、计算题〔共48分〕13．将一劲度系数为k的轻质弹簧竖直悬挂，下端系上质量为m的物块，将物块向下接离平衡位置后松开，物块就上下做简谐运动，如下列图，其振动周期恰好等于以物块平衡时的伸长量为摆长的单摆周期，重力加速度为g，求物块从最高点运动到最低点的过程中，弹簧弹力的冲量．考点：简谐运动的振幅、周期和频率；动量定理．分析：首先根据胡克定律和单摆的周期公式，推导出弹簧振子的振动周期，物块从最高点运动到最低点的过程中，根据周期性，最短时间为弹簧振子的半个周期，也可为半个周期的奇数倍，由此结合动量定理即可求得该过程中弹簧弹力的冲量．解答：解：设物块处于静止时弹簧的伸长量为L，做单摆时周期为：T=2π根据胡克定律有：kL=mg由以上两式的竖直方向上做弹簧振子时的周期为：T=2π物块从最高点运动到最低点，根据周期性，用时为：t=〔n+〕T 〔n=0，1，2，3…〕由I弹﹣mgt=0﹣0得：I弹=〔2n+1〕πmg，其中n=0，1，2，3…方向竖直向上，答：物块从最高点运动到最低点的过程中，弹簧弹力的冲量为〔2n+1〕πmg，其中n=0，1，2，3…方向竖直向上．。
、庐江二中、巢湖四中四校联考高一物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高一全册物理试题
安徽省和县一中、含山中学、庐江二中、巢湖四中四校联考2014-2015学年高一上学期期末物理试卷一、单项选择题〔共11小题，每题4分，共44分〕1．〔4分〕如下所述的物体中，不能看作质点的是〔〕A．研究在平直公路上汽车的匀速行驶B．研究地球绕太阳的公转C．计算列车经过南京长江大桥的时间D．研究电子绕原子核的高速旋转2．〔4分〕如下的物理量中，是标量的是〔〕A．质量B．速度C．加速度D．位移3．〔4分〕甲乙两车在某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，以该时刻作为计时起点，得到两车的x﹣t图象如图，如下说法正确的答案是〔〕A．甲做匀加速直线运动，乙做变加速直线运动B．t1时刻两车的速度刚好相等tC．t1时刻乙车从后面追上甲车D．0到t1时间内，乙车的平均速度小于甲车的平均速度4．〔4分〕关于自由落体运动，如下说法中不正确的答案是〔〕A．它是v0=0，a=g的竖直向下的匀加速直线运动B．在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1：3：5C．在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1：2：3D．假设g=10m/s2，如此物体在下落第3s内的平均速度为15m/s5．〔4分〕如下列图，沿光滑水平面运动的小滑块，当冲上光滑的斜面后，受到的力有〔〕A．重力、弹力、上冲力B．重力、弹力、C．重力、弹力、下滑力D．重力、弹力、上冲力、下滑力6．〔4分〕如下列图，传送带向上匀速运动，将一木块轻轻放在倾斜的传送带上瞬间，如此关于木块受到的摩擦力，以下说法中正确的答案是〔〕A．木块所受的摩擦力方向沿传送带向上B．木块所受的合力可能为零C．此时木块受到四个力的作用D．木块所受的摩擦力方向有可能沿传送带向下7．〔4分〕如下列图，一重为3N的球固定在AB杆的上端，用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，稳定时测力计的示数为4N，如此AB杆对球作用力的大小为〔〕A．3N B．4N C．5N D．7N8．〔4分〕如图，一个物体受到三个共点力F1、F2、F3的作用，假设将它们平移并首尾相接，三个力矢量组成了一个封闭三角形，如此物体所受这三个力的合力大小为〔〕A．2F1B．F2C．2F3 D．09．〔4分〕如下列图，用与竖直方向成θ角的倾斜轻绳子a和水平轻绳子b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1．现在保持小球在原位置不动，使绳子b在原竖直平面内，逆时针转过θ角固定，绳b拉力变为F2；再转过θ角固定，绳b拉力变为F3，如此〔〕A．F1＜F2＜F3B．F1=F3＞F2C．F1=F3＜F2D．绳a拉力一直增大10．〔4分〕一物体从某一行星外表竖直向上抛出〔不计空气阻力〕．设抛出时t=0，得到物体上升高度随时间变化的h﹣t图象如下列图，如此该行星外表重力加速度大小与物体被抛出时的初速度大小分别为〔〕A．8 m/s2，20 m/s B．10 m/s2，25 m/sC．8 m/s2，25 m/s D．10 m/s2，20 m/s11．〔4分〕物体自O点由静止开始作匀加速直线运动，A、B、C、D是轨迹上的四点，测得AB=2m，BC=3m，CD=4m．且物体通过AB、BC、CD所用时间相等，如此0A之间的距离为〔〕A．1m B．0.5m C．1.125m D．2m二、实验题〔12题4分，13题、14题每空2分，共20分〕12．〔4分〕在“探究求合力的方法〞实验中，如下说法正确的答案是〔〕A．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行B．两细绳之间的夹角越大越好C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些13．〔6分〕在做“练习使用打点计时器〞的实验时，如图是某次实验的纸带，舍去前面比拟密的点，从0点开始，每5个连续点取1个计数点，标以0、1、2、3…那么相邻两个计数点之间的时间间隔为T=s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x1=3.00cm、x2=7.50cm、x3=13.50cm，如此打下计数点1时小车的速度等于m/s，小车加速度的大小为m/s2．14．〔10分〕某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都应在方向〔填“水平〞或“竖直〞〕．〔2〕弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：代表符号L L x L1L2L3L4L5L6数值[cm] 25.35 27.35 29.35 31.30 33.4 35.35 37.40 39.30表中有一个数值记录不规范，代表符号为．〔3〕如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值〔填“L〞或“L x〞〕．〔4〕由图可知弹簧的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g〔结果保存两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2〕．三、计算题〔15题7分，16题9分，17题、18题各10分，共36分〕15．〔7分〕汽车由静止出发做匀加速直线运动，用10s时间通过一座长100m的桥，它刚开上桥头时速度为5m/s，过桥后速度是15m/s，汽车可以看成质点．求：〔1〕汽车加速度有多大？〔2〕桥头与出发点相距多远？〔3〕汽车从出发到桥中间用了多少时间？16．〔9分〕如下列图，轻绳一端系在质量为m A=30kg的物体A上，另一端系在一个质量为m=2kg 套在粗糙竖直杆MN的圆环上．现用水平力F拉住绳子上一点，使物体A从如下列图实线位置O缓慢下降到虚线位置O′，此时θ=53°，圆环恰好要下滑，〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕拉力F大小〔2〕杆与环间动摩擦因数μ．17．〔10分〕在建筑装修中，工人用质量为5.0kg 的磨石A对地面和斜壁进展打磨，A与地面、A与斜壁之间的动摩擦因数μ均一样．〔g取10m/s2〕〔1〕当A受到与水平方向成θ=37°斜向下的推力F1=50N打磨地面时，A恰好在水平地面上做匀速直线运动，求A与地面间的动摩擦因数μ．〔2〕假设用A对倾角θ=37°的斜壁进展打磨〔如下列图〕，当对A施加竖直向上的推力F2=60N 时，求：磨石A沿斜壁向上运动时受到的合力大小．〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8〕18．〔10分〕如下列图，A、B两物体在同一直线上运动，当它们相距s0=7m时，A在水平拉力和摩擦力的作用下，正以v A=8m/s的速度向右做匀速运动，而物体B此时速度v B=10m/s向右，以a=﹣2m/s2的加速度做匀减速运动，如此经过多长时间A追上B？假设v A=4m/s，如此又经多长时间A追上B？安徽省和县一中、含山中学、庐江二中、巢湖四中四校联考2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔共11小题，每题4分，共44分〕1．〔4分〕如下所述的物体中，不能看作质点的是〔〕A．研究在平直公路上汽车的匀速行驶B．研究地球绕太阳的公转C．计算列车经过南京长江大桥的时间D．研究电子绕原子核的高速旋转考点：质点的认识．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．解答：解：A、在平直公路上匀速行驶的汽车，可以看做质点，故A不符合题意；B、研究地球绕太阳公转时，太阳的体积相对于和地球之间的距离来说是很小的，所以可看作质点，故B不符合题意；C、正在经过南京长江大桥的列车，列车的长度对过桥的时间由影响，不能看做质点，故C符合题意；D、绕原子核高速旋转的电子，可以看做质点，故D不符合题意；应当选：C．点评：当研究物体本身的转动时，物体不能当作质点处理．对于通过运动员的动作、造型、姿势等观看、评分的运动项目，运动员不能看作质点．2．〔4分〕如下的物理量中，是标量的是〔〕A．质量B．速度C．加速度D．位移考点：矢量和标量．分析：物理量按有无方向分矢量和标量，矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．矢量的运算遵守平行四边形法如此．解答：解：A、质量只有大小没有方向，是标量，故A正确．B、C、D速度、加速度和位移都是既有大小又有方向的矢量，故BCD错误．应当选：A．点评：此题要能抓住矢量与标量的区别：矢量有方向，标量没有方向，能正确区分物理量的矢标性．3．〔4分〕甲乙两车在某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，以该时刻作为计时起点，得到两车的x﹣t图象如图，如下说法正确的答案是〔〕A．甲做匀加速直线运动，乙做变加速直线运动B．t1时刻两车的速度刚好相等tC．t1时刻乙车从后面追上甲车D．0到t1时间内，乙车的平均速度小于甲车的平均速度考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据位移图象的斜率等于速度分析物体的运动性质．两图线的交点表示位移相等．由图读出0到t1时间内两物体位移大小，再比拟平均速度大小．解答：解：A、由图看出，甲图线的斜率不变，说明甲车的速度不变，做匀速直线运动．乙图线的斜率变大，说明乙车的速度增大，做变速直线运动．故A错误．B、由图象的斜率看出，t1时刻乙车的速度大于甲车的速度．故B错误．C、t1时刻两车的位移一样，说明乙车从后面追上甲车．故C正确．D、0到t1时间内，两车的位移相等，所用时间相等，如此两车的平均速度相等．故D错误．应当选C点评：此题关键抓住位移图象的数学意义来理解其物理意义：斜率等于速度、交点表示两物体相遇．4．〔4分〕关于自由落体运动，如下说法中不正确的答案是〔〕A．它是v0=0，a=g的竖直向下的匀加速直线运动B．在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1：3：5C．在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1：2：3D．假设g=10m/s2，如此物体在下落第3s内的平均速度为15m/s考点：自由落体运动；匀变速直线运动规律的综合运用．专题：自由落体运动专题．分析：物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始．只在重力作用下保证了物体的加速度为g；从静止开始保证了物体初速度等于零解答：解：A、自由落体运动是只在重力作用下，加速度为g的匀加速直线运动，故A正确；B、自由落体运动在开始通过连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…，故B正确C、根据v=gt，知自由落体运动在开始连续通过相等时间末的速度比为1：2：3：4…，故C正确；D、物体第3s内的位移为，平均速度为，故D错误；因选错误的，应当选：D点评：解决此题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动的一些特殊推论，难度不大，属于根底题．5．〔4分〕如下列图，沿光滑水平面运动的小滑块，当冲上光滑的斜面后，受到的力有〔〕A．重力、弹力、上冲力B．重力、弹力、C．重力、弹力、下滑力D．重力、弹力、上冲力、下滑力考点：力的合成与分解的运用．专题：受力分析方法专题．分析：根据各种力产生的条件和顺序进展受力分析．解答：解：小球受重力、斜面的支持力，没有上冲力，因为该力没有施力物体，也没有下滑力，下滑力是重力的一个分力．故B正确，A、C、D错误．应当选B．点评：对常见的几种力的产生条件进展判断分析．我们进展受力分析的顺序是先分析重力，再是弹力，其次是摩擦力，最后是外力．6．〔4分〕如下列图，传送带向上匀速运动，将一木块轻轻放在倾斜的传送带上瞬间，如此关于木块受到的摩擦力，以下说法中正确的答案是〔〕A．木块所受的摩擦力方向沿传送带向上B．木块所受的合力可能为零C．此时木块受到四个力的作用D．木块所受的摩擦力方向有可能沿传送带向下考点：摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：放在倾斜的传送带上瞬间，物体受滑动摩擦力；物体相对皮带静止时，随传送带一起向上或向下做匀速运动，物体受力平衡，根据平衡条件来确定物体的受到摩擦力情况．解答：解：A、将一木块轻轻放在倾斜的传送带上瞬间，木块相当于传送带有向下运动的趋势，受到向上的滑动摩擦力，A正确D错误；B、放上木块后，木块要先做加速运动，所以合力不为零，B错误；C、木块受重力、支持力、滑动摩擦力三个力的作用，C错误；应当选：A点评：考查根据物体的运动状态来确定物体的受力情况，同时也可以由受力情况来确定物体的运动状态．7．〔4分〕如下列图，一重为3N的球固定在AB杆的上端，用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，稳定时测力计的示数为4N，如此AB杆对球作用力的大小为〔〕A．3N B．4N C．5N D．7N考点：物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：分析球的受力情况：重力、测力计的拉力和AB杆对球作用力，由平衡条件求出AB杆对球作用力的大小．解答：解：以球为研究对象，分析受力情况：重力G、测力计的拉力T和AB杆对球作用力F，由题，G=3N，T=4N．由平衡条件知，F与G、T的合力大小相等、方向相反，作出力的合成图如图．如此有F==5N应当选：C点评：此题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键．难度不大．8．〔4分〕如图，一个物体受到三个共点力F1、F2、F3的作用，假设将它们平移并首尾相接，三个力矢量组成了一个封闭三角形，如此物体所受这三个力的合力大小为〔〕A．2F1B．F2C．2F3 D．0考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：三角形定如此是指两个力〔或者其他任何矢量〕合成，其合力应当为将一个力的起始点移动到第二个力的终止点，合力为从第二个的起点到第一个的终点．三角形定如此是平面力系求解力的合成与分解的根本法如此，是由平行四边形定如此开展而来，与平行四边形定如此在本质上是一致的．解答：解：根据三角形定如此，F1与F2的合力等于从F1的起点到F2的终点的有向线段，正好与F3大小相等，方向相反，故合力等于0．应当选：D．点评：此题涉与力的合成的三角形定如此，即有两个力，大小方向都不同，用矢量三角形求出它们合力的大小，就把第二个力的尾连上第一个力的头，它们的合力就是第一个力的尾指向第二个力的头的这样一个矢量，画出来之后你可以看到三者构成一个三角形．9．〔4分〕如下列图，用与竖直方向成θ角的倾斜轻绳子a和水平轻绳子b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1．现在保持小球在原位置不动，使绳子b在原竖直平面内，逆时针转过θ角固定，绳b拉力变为F2；再转过θ角固定，绳b拉力变为F3，如此〔〕A．F1＜F2＜F3B．F1=F3＞F2C．F1=F3＜F2D．绳a拉力一直增大考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球始终在原位置不动，合力为零．对小球受力分析，受到重力和两个拉力，三力平衡，合力为零；其中重力大小和方向都恒定，第二个力方向不变、大小变，第三个力大小和方向都可以变，运用合成法，通过作图分析．解答：解：对小球受力分析，受到重力和两个拉力，三力平衡，如图通过几何关系可知，力F2垂直与细线，故F1=F3＞F2 ；根据图象可知，绳a拉力一直减小，故B正确，ACD错误应当选：B．点评：此题是三力平衡的动态分析问题，关键是运用合成法作图，结合几何关系得到各个力的关系．10．〔4分〕一物体从某一行星外表竖直向上抛出〔不计空气阻力〕．设抛出时t=0，得到物体上升高度随时间变化的h﹣t图象如下列图，如此该行星外表重力加速度大小与物体被抛出时的初速度大小分别为〔〕A．8 m/s2，20 m/s B．10 m/s2，25 m/sC．8 m/s2，25 m/s D．10 m/s2，20 m/s考点：竖直上抛运动．分析：物体从行星外表竖直上抛，由图读出最大高度和上升的时间，根据运动学公式求出初速度和重力加速度．物体落回行星外表的速度与抛出时速度大小相等解答：解；由图读出，物体上升的最大高度为h=25m，上升的时间为t=2.5s对于上升过程，由得：初速度：v0===20m/s由v=at得物体上升的加速度大小：==8m/s2，故A正确，BCD错误应当选：A点评：此题首先考查读图能力，图上能读出最大高度、上升和下落时间等等；其次要灵活选择运动学公式求解．11．〔4分〕物体自O点由静止开始作匀加速直线运动，A、B、C、D是轨迹上的四点，测得AB=2m，BC=3m，CD=4m．且物体通过AB、BC、CD所用时间相等，如此0A之间的距离为〔〕A．1m B．0.5m C．1.125m D．2m考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的规律位移与速度、时间的关系即可联立求解．解答：解：设OA间的距离为S，物体的加速度为a，物体在A点时的速度为V，通过AB、BC、CD所用的时间都为t如此有：V2=2aS ①〔V+at〕2=2a〔S+2〕②〔V+2at〕2=2a〔S+2+3〕③〔V+3at〕2=2a〔S+2+3+4〕④联立①②③④解得：S=1.125m答：OA间的距离是1.125米．点评：此题考查的是匀变速直线运动规律的引用，类比于实验中纸袋的处理，属于根底类题目．二、实验题〔12题4分，13题、14题每空2分，共20分〕12．〔4分〕在“探究求合力的方法〞实验中，如下说法正确的答案是〔〕A．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行B．两细绳之间的夹角越大越好C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些考点：验证力的平行四边形定如此．专题：实验题．分析：明确实验原理，了解具体操作，根据实验操作过程是纸面上，力的图示也画在白纸上，分析对弹簧秤、细绳、橡皮条的要求．从数学上考虑如何减小误差．解答：解：A、本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定如此，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否如此，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大，故A正确；B、两条细绳的夹角不是越大越好，以方便作平行四边形为宜，故B错误；C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；D、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确．应当选：AD点评：实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进展数据处理等等．13．〔6分〕在做“练习使用打点计时器〞的实验时，如图是某次实验的纸带，舍去前面比拟密的点，从0点开始，每5个连续点取1个计数点，标以0、1、2、3…那么相邻两个计数点之间的时间间隔为T=0.1s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x1=3.00cm、x2=7.50cm、x3=13.50cm，如此打下计数点1时小车的速度等于0.375m/s，小车加速度的大小为1.50m/s2．考点：打点计时器系列实验中纸带的处理．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：每5个连续点取1个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间为0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小．解答：解：每5个连续点取1个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间T=0.1s根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度所以：v1==0.375m/s根据推论公式△x=aT2得：a==1.50m/s2故答案为：0.1，0.375，1.50．点评：利用匀变速直线的规律以与推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用，提高解决问题能力．14．〔10分〕某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向〔填“水平〞或“竖直〞〕．〔2〕弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：代表符号L L x L1L2L3L4L5L6数值[cm] 25.35 27.35 29.35 31.30 33.4 35.35 37.40 39.30表中有一个数值记录不规范，代表符号为L3．〔3〕如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与L x的差值〔填“L〞或“L x〞〕．〔4〕由图可知弹簧的劲度系数为4.9N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为10g〔结果保存两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2〕．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，即要有估读的．充分利用测量数据，根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．解答：解：〔1〕将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向．〔2〕表中有一个数值记录不规范，尺的最小分度值为1mm，所以长度L3应为33.40cm，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm．〔3〕在砝码盘中每次增加10g砝码，所以弹簧的形变量应该是弹簧长度与L X的差值．〔4〕充分利用测量数据k==≈4.9N/m；通过图和表可知：L0=25.35cm，L x=27.35cm所以砝码盘的质量为：m===0.01kg=10g；故答案为：〔1〕竖直，〔2〕L3，〔3〕L x，〔4〕4.9，10．点评：弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差．三、计算题〔15题7分，16题9分，17题、18题各10分，共36分〕15．〔7分〕汽车由静止出发做匀加速直线运动，用10s时间通过一座长100m的桥，它刚开上桥头时速度为5m/s，过桥后速度是15m/s，汽车可以看成质点．求：〔1〕汽车加速度有多大？〔2〕桥头与出发点相距多远？〔3〕汽车从出发到桥中间用了多少时间？考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕根据加速度的定义式求出汽车运动的加速度．〔2〕根据匀加速直线运功学位移公式可求桥头与出发点距离〔3〕根据速度位移公式求出汽车在桥中间时的速度，结合速度时间公式求出汽车从出发到桥中间所用的时间．解答：解：〔1〕对汽车过桥分析得：由公式v=v0+at可得=m/s2=1 m/s2〔2〕汽车由静止出发做匀加速直线运动可得：==12.5m〔3〕对汽车由出发点到桥中间得：t1==s=5s答：〔1〕汽车加速度为1 m/s2〔2〕桥头与出发点相距12.5m〔3〕汽车从出发到桥中间用了s点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用．16．〔9分〕如下列图，轻绳一端系在质量为m A=30kg的物体A上，另一端系在一个质量为m=2kg 套在粗糙竖直杆MN的圆环上．现用水平力F拉住绳子上一点，使物体A从如下列图实线位置O缓慢下降到虚线位置O′，此时θ=53°，圆环恰好要下滑，〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕拉力F大小〔2〕杆与环间动摩擦因数μ．考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对m受力分析，根据共点力的平衡可得出拉力F的大小；再对整体受力分析即可得出摩擦力与压力；由动摩擦力公式可求得动摩擦因数．解答：解：〔1〕对物体m在O′点分析受力如图，物体B处于平衡状态有：在水平方向：Tsin53°=F，在竖直方向：Tcos53°=mg，由上两式解得：F=．〔2〕对系统整体分析受力如图，系统处于平衡状态有：在水平方向：N=F，在竖直方向：f=mg+m A g，另：环A恰好要滑动，有：f=μN，由上各式解得：μ=0.8．答：〔1〕拉力F大小为400N；〔2〕杆与环间动摩擦因数μ0.8．点评：此题为动态平衡的题目，在解题时应注意正确选定研究对象，作好受力分析．思考：在此变化过程中，各力的变化情况如何？17．〔10分〕在建筑装修中，工人用质量为5.0kg 的磨石A对地面和斜壁进展打磨，A与地面、A与斜壁之间的动摩擦因数μ均一样．〔g取10m/s2〕〔1〕当A受到与水平方向成θ=37°斜向下的推力F1=50N打磨地面时，A恰好在水平地面上做匀速直线运动，求A与地面间的动摩擦因数μ．〔2〕假设用A对倾角θ=37°的斜壁进展打磨〔如下列图〕，当对A施加竖直向上的推力F2=60N 时，求：磨石A沿斜壁向上运动时受到的合力大小．〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8〕考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件与其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕对物体进展受力分析，根据共点力的平衡可知可求得磨石受到的摩擦力，再根据动摩擦力的公式求得动摩擦因数μ．〔2〕对物体进展受力分析，根据平行四边形定如此求解合力大小．解答：解：〔1〕A恰好在水平地面上做匀速直线运动，水平方向：F1cosθ=f1竖直方向：N1=mg+F1sinθ又：f1=μN1解得：μ=0.5〔2〕先将重力与向上的推力合成后，将二者的合力向垂直于斜面方向与沿斜面方向分解可得：在沿斜面方向：F合=〔F2﹣mg〕cosθ﹣f2在垂直斜面方向上：N2=〔F2﹣mg〕sinθ又：f2=μN2解得：F合=5N答：〔1〕A与地面间的动摩擦因数μ为0.5；。
安徽省巢湖市高二物理第二次月考试卷
安徽省巢湖市2017-2018学年高二物理第二次月考试卷一、选择题（1-8为单选，9-11多选。
共44分）1．关于电源的电动势E ，下列说法中正确的是（ ）①电动势E 的大小与非静电力所做的功W 的大小成正比，与移动电荷量q 的大小成反比 ②电动势E 由电源本身决定，跟电源的体积和外电路均无关③电动势E 的单位与电势、电势差的单位都是伏特．其三者本质一样的． ④电动势E 表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量． A. ①②B. ①③C.②④D.③④2．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U 时，通过导线中的电流强度为I ，导线中自由电子定向移动的平均速度为v ，若导线均匀拉长，使其半径变为原来的12，再给它两端加上电压U ，则( )A ．通过导线的电流为4I B ．自由电子定向移动的平均速率为4v C ．通过导线的电流为6I D ．自由电子定向移动的平均速率为6v3．如图所示，平行金属板中带电质点P 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R 1的阻值和电源内阻r 相等．当滑动变阻器R 4的滑片向b 端移动时，（ ）A. 电压表读数减小B. 电流表读数减小C. 电源的输出功率逐渐减小D. 质点P 将向上运动4．如图，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计G 和一个滑动变阻器R 组成，（1）甲表是电流表，R 增大时量程减小（2）甲表是电流表，R 增大时量程增大 （3）乙表是电压表，R 增大时量程减小 （4）乙表是电压表，R 增大时量程增大 下列说法正确的是（ ）A. （1）和（3）B. （1）和（4）C. （2）和（3）D. （2）和（4）5．如图甲所示，AB 是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB 由点A 运动到点B ，所经位置的电势随距A 点的距离变化的规律如图乙所示．以下说法错误的是（ ） A. A 、B 两点的电场强度E A ＞E B B. 电子在A 、B 两点的速度v A ＜v B C. A 、B 两点的电势φA ＞φBD. 电子在A ，B 两点的电势能E PA ＜E PB 6．如图所示为两电阻R 1和R 2的伏安特性曲线。
合肥市庐江县中考物理二模试卷
合肥市庐江县中考物理二模试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共8题；共16分)1. （2分）(2017·邹平模拟) 2016年11月21日，世界首条新能源空铁试验线在成都市双流区成功运行．随着能源问题越来越严峻，下列关于永久性解决人类对能源需求的方法正确的是（）A . 充分利用地球上的化石燃料资源B . 依靠科技进步，不断开发新能源C . 改进工艺，提高能源利用率D . 尽可能地少用能源2. （2分）(2016·呼和浩特) 关于声的知识，下列说法正确的是（）A . 声音既可以传递信息，又可以传递能量B . 噪声扰民主要是因为其音调太高C . 声音在15℃的空气中，传播速度约为1500m/sD . 超声波在空气中比次声波传播速度大3. （2分）小刚同学所描述的下列现象中不可能发生的是（）A . 寒冷的冬天，冰冻的衣服会变干B . 潮湿的夏天，从冰箱里取出的冰糕冒“白气”C . 有风的天气，游泳后从水中出来会感觉格外冷D . 冬天的早晨，窗玻璃外面会出现冰花4. （2分）(2017·潍城模拟) 如图所示的家用电器中，利用电流热效应工作的是（）A . 电饭锅B . 笔记本电脑C . 电风扇D . 电视机5. （2分）下列事例中，可能存在安全隐患的是（）A . 将用电器的三脚插头插入三孔插座中B . 长期无人居住的家庭应该将家庭电路总闸拉下C . 用试电笔检测电线时，手按住了笔尾的金属体D . 在现有家庭电路中增加空调，只需考虑电能表和保险丝的承受能力6. （2分） (2015九上·朝阳期末) 下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是（）A . 利用电热水壶将冷水烧开B . 用锯锯木头，锯条会发热C . 太阳能水箱中的水被晒热D . 夏天吹空调，人感到凉爽7. （2分）(2017·福州模拟) 便民自行车已成为厦门市一道亮丽的风景.以下关于自行车的说法正确的是（）.A . 较宽的坐垫可以增大压强B . 上坡提前用力蹬几下是为了增加惯性C . 轮胎表面凹凸的花纹可以增大摩擦D . 尾灯利用光的折射达到警示提醒目的8. （2分）如图所示的各图中，能正确描述电阻一定时，电流随电压变化的图象是（）A .B .C .D .二、填空题 (共10题；共24分)9. （2分）靠近居民区的高速公路两旁一般都要安装隔音墙，这是在声音________ 减弱噪声；医生用的“B 超”，是利用________ 声波获得信息．10. （2分）(2018·焦作模拟) 天宫一号已经超期服役两年半，工作期间先后与神舟八号、九号和十号飞船圆满完成多次空间交会对接。
巢湖市2015—2016学年度第一学期高二年级
巢湖市2015—2016学年度第一学期高二年级期末考试物理参考答案第Ⅰ卷 选择题（40分）一、选择题（包括10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项第Ⅱ卷 选择题（60分）二、填空题（每空2分，共30分）11.【答案】（1）如图所示（2）A 端（3）如图所示（4）0.04W【解析】（1）评分说明：⑴中电表量程选择错误，每处扣1分，其余任何错误均得0分；（3）中无横纵坐标物理量或坐标无标度得0分，横纵坐标颠倒得2分，无单位或标度不合理酌情扣分。
小灯泡的额定电压为2.5V ，所以电压表选择3V 量程，从表中可知当小灯泡满足额定电压时，电流在0.26与0.27之间，故电流表选取0.6量程，实物电路图如图所示，注意电表的正负极（2）在开关S 闭合之前，为了保护小灯泡不被烧坏，应使小灯泡两端的电压为零，即在A 端（3）伏安特性曲线如图所示，（4）在I-U 图象中同时作出表示电源的I-U 图象，与该小灯泡的伏安特性曲线的交点表示该灯泡接入电路中的电压和电流，由图读出通过灯泡电流为0.1A ，两端电压为0.4V ，然后根据公式可得小灯泡的实际功率为0.04P UI W ==考点：描绘小灯泡伏安特性曲线实验【名师点睛】根据实验原理图连接即可，注意电压表、电流表的量程不要选错，正负极不能连反，滑动变阻器采用分压接法．采用分压接法时，开始实验时为了安全和保护仪器，要使输出电压为零，即将测量电路短路12.（1）1.125±0.001 （2）A E （3）如图所示（4）管线的长度L R Ld ρπ-4213.（1）短接；（2）1； （3）15k Ω，3.60；（4）12k Ω；（5）9V【解析】（1）欧姆表使用前一定要欧姆调零，即红黑表笔短接后，调节调零旋钮，使电流表满偏；（2）多用电表的红表笔对应欧姆表内电源的负极，所以红表笔应接电压表的负接连柱，故红表笔接触1；（3）欧姆表读数=倍率×表盘读数=1k×15.0Ω=15.0k Ω；电压表读数为3.60V ；（4）由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值，为12.0k Ω；三、计算题：（8+10+12,共30分）14.（8分）（1）由图乙可看出电源的电动势和内阻分别为：E ＝20 V ，r ＝7.5 Ω （2分） 由题图甲分析知道，当R ＝0时，R 0消耗的功率最大，最大值为 （3分） （2）当r ＝R ＋R 0时，即R ＝4.5 Ω时，电源的输出功率最大，最大值为 （3分）答案：（1）0 10.9 W （2）4.5 Ω 13.3 W16.（12分）如图所示（1）质点在第Ⅱ象限中做平抛运动，设初速度为v 0，212h gt = （1分） 2h =v 0t （1分）解得平抛的初速度 0v 在P 2点，速度v 的竖直分量y v gt = （1分）所以v =2gh ，其方向与x 轴负向夹角θ=45°（1分）（2）带电粒子进入第Ⅲ象限做匀速圆周运动，必有mg =qE （1分）又恰能过负y 轴2h 处，故23P P 为圆的直径，转动半径R=h h OP 2222222=⋅=⋅ （1分） 又由 2v qvB m R= （1分）可解得：E =mg /q ；B =hg q m 2 （1分） （3）带电粒以大小为v ，方向与x 轴正向夹45°角进入第Ⅳ象限，所受电场力与重力的合，方向与过P 3点的速度方向相反，故带电粒做匀减速直线运动，设其加速度大小为a ，则：a == （1分） 由2222,2v O v as s a -=-===得 （2分） 由此得出速度减为0时的位置坐标是(),h h - （1分）2200E 20P ()R () 3 W 10.9 W R r 37.5⨯≈＝＝()()2200E 20P ()R R ()3 4.5 W 13.3 W.R R r 3 4.57.5⨯≈＝＋＝＋＋＋＋＋。
高二物理月考试题及答案-安徽庐江二中-2015学年高二下学期第一次月考
庐江二中2014/2015学年度下学期第一次月考物理试题卷说明：1.考试时间：100分钟 总分：100分2.请在答题纸相应位置上作答一、单项选择题（本大题共10小题，每题四个选项中，只有一个选项是正确的。
每小题4分，共计40分）1．在下列几种电流的波形图中，不是交变电流的是（ ）2．交流发电机产生电动势e=10sin50πt V ，外接负载电阻R=10 Ω，不计发电机线圈内阻。
现把发电机的转速增加一倍，则（ ）A ．负载两端电压的有效值变为28.2 VB ．交流电的频率变为100 HzC ．负载消耗的功率将变为20 WD ．负载消耗的功率将变为40 W3．某内阻不计的交流发电机产生的感应电动势如图所示，现将其接在原、副线圈匝数比为n 1n 2＝13的理想变压器原线圈两端，则（ ）A ．变压器副线圈两端的电压为U 2＝108 VB ．感应电动势的瞬时值表达式为e ＝362sin 10πt VC ．t ＝0.2 s 时穿过线圈平面的磁通量变化率最大D ．t ＝0.1 s 时穿过线圈平面的磁通量最大4．关于右图所示交流电，下列说法正确的是（ ）A．周期为0.02sB．有效值为200VC．将该交流电压加在一个5Ω定值电阻两端，1分钟的发热量为6×105JD．将该交流电压加在起辉电压为150V的氖管上（氖管未被击穿），氖管1分钟发光次数为60次5．如图所示，在匀强磁场中，放有一与线圈D相连接的平行导轨，要使放在线圈D中的线圈A（A、D 两线圈同心共面）各处受到沿半径方向指向圆心的力，金属棒MN的运动情况可能是（）A．匀速向右B．加速向左C．减速向右D．减速向左6．电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示。
现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是（）A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电7．如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场的区域宽度为2，磁感应强度的大小为B 。
安徽省合肥市庐江县2014-2015学年高二下学期期末考试物理试卷(图片版)
庐江县2014/2015学年度第二学期期末考试高二物理参考答案11.(1) 99.8 s (2)5.980 (3)4π2n 2⎝⎛⎭⎫L ＋d 2t 2(4)B 12. 由kl=mg （2分）和T=2πg l 得T=2πkm （2分） 物块从最高点运动到最低点，用时为t=（n+21）T （1分） 由I 弹-mgt=0-0 （2分）得I 弹=（2n+1）πmg km （1分） 其中n=0,1,2,3…… （1分）方向竖直向上 （1分）13. (1)通过小灯泡的电荷量q ＝I Δt ＝E R 总Δt ＝n ΔΦR 总＝nBL 1·23L 2R ＋r ＝0.01 C. （4分） (2)ab 边在磁场里切割磁感线时最大感应电动势为E 1＝nBL 1·23L 2·ω， 代入数据得E 1＝20 V . （2分） cd 边在磁场里切割磁感线时最大感应电动势为E 2＝nBL 1·13L 2·ω， （1分）代入数据得E 2＝10 V. 图象如图所示．设线圈的感应电动势的有效值为U ，则r 2202+⎪⎭⎫ ⎝⎛R ·T 2＋rR +⎪⎭⎫ ⎝⎛2210·T 2＝r R U +2·T ， （2分）得U ＝55V （1分）（3）小灯泡消耗的电功率P ＝(U R 总)2R ，（1分）代入数据得P ＝11.25 W.（1分）14. (1)当满足BIL ＋μmg cos θ＝mg sin θ时ab 中有最大电流I m ，则I m ＝(sin θ－μcos θ)mg BL ＝(0.6－0.5×0.8)×0.1×101.0×0.4A ＝0.5 A （3分） 流过R 0的最大电流为I 0＝I m 2＝0.25 A. （1分）(2)Q 总＝4Q 0＝2 J （2分），E ＝I m R 总＝0.5×2 V ＝1.0 V （1分）此时杆的速度为v m ＝E BL ＝ 1.01.0×0.4m/s ＝2.5 m/s （1分） 由动能定理得mgx sin θ－μmgx cos θ－Q 总＝12m v 2m －0 （2分） 求得杆下滑的距离x ＝m v 2m ＋2Q 总2mg (sin θ－μcos θ)＝0.1×2.52＋2×22×0.1×10×(0.6－0.5×0.8)m ≈11.56 m. （2分） 15(A).解析： (1)下滑过程机械能守恒mgh ＋12m v 21＝0＋12m v 22 （2分） 物体相对于小车板面滑动过程动量守恒m v 2＝(m ＋M )v （2分）联立解得v ＝m v 2m ＋M＝2 m/s. （1分） (2)对小车由动量定理有μmgt ＝M v （2分），解得t ＝M v μmg＝1 s. （2分） (3)设物体相对于小车板面滑动的距离为L由能量守恒有：μmgL ＝12m v 22－12(m ＋M )v 2 （3分） 代入数据解得：L ＝3 m. （2分）15(B) .（1）设B 受到的摩擦力大小为f ，则：μmg-f=ma c ，B f ma =事实上在此题中B c a a =，即B 和c 无相对滑动，这是因为当B c a a =时，由上两式可得：umg 21f =，它小于最大静摩擦力μmg ，可见静摩擦力使B 和C ， 不发生相对运动。
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2015/2016学年度第一学期高二年级 庐江二中、巢湖四中第二次联考物理试卷命题人：钱 钊 审题人：张志华一、选择题：（共42分。
1—6题为单项选择题，每题3分。
7—10为多项选择题，每题6分，选不全得3分。
）1.如图所示，M 、N 两点分别放置两个等量异种电荷，A 为它们连线的中点，B 为连线上靠近N 的一点，C 为连线的中垂线上处于A 点上方的一点，在A 、B 、C 三点中（ ）。
A.场强最小的点是A 点，电势最高的点是B 点B.场强最小的点是A 点，电势最高的点是C 点C.场强最小的点是C 点，电势最高的点是B 点D.场强最小的点是C 点，电势最高的点是A 点2．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M 点，再经过N 点．可以判定( )。
A ．粒子在M 点受到的电场力大于在N 点受到的电场力B ．M 点的电势高于N 点的电势C ．粒子带负电D ．粒子在M 点的动能大于在N 点的动能3．如图所示为空间某一电场的电场线，a 、b 两点为其中一条竖直向下的电场线上的两点，该两点的高度差为h ，一个质量为m 、带电荷量为＋q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为3gh ，则下列说法中正确的是( )。
A ．质量为m 、带电荷量为＋q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点的过程中动能增加量等于电势能减少量B ．a 、b 两点的电势差U ＝mgh2qC ．质量为m 、带电荷量为＋2q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为ghD ．质量为m 、带电荷量为－q 的小球从a 点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为2gh4．如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m 的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F 将小球向下压至某位置静止．现撤去F ，小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W 1和W 2，小球离开弹簧时速度为v ，不计空气阻力，则上述过程中( )。
A ．小球与弹簧组成的系统机械能守恒B ．小球的机械能增加W 1＋12mv 2C ．小球的电势能增加W 2D ．小球的重力势能增加－W 15.两电荷量分别为q 1和q 2的点电荷放在x 轴上的O 、M 两点，两电荷连线上各点电势φ随x 变化的关系如图所示，其中A 、N 两点的电势为零，ND 段中C 点电势最高，则( )。
A ．C 点的电场强度大小为零B ．A 点的电场强度大小为零C ．NC 间场强方向沿x 轴正方向D ．将一负点电荷从N 点移到D 点，电场力先做负功后做正功6．如图所示的电路，L 1、L 2、L 3是3只小电灯，R 是滑动变阻器，开始时，它的滑片P 位于中点位置．当S 闭合时，3只小电灯都发光．现使滑动变阻器的滑片P 向右移动时，则小电灯L1、L2、L 3的变化情况( )。
A ．L 1变亮 B ．L 2变亮 C ．L 3变亮D ．L 1、L 2、L 3均变亮7．关于元电荷、电场强度的概念，下列说法正确的是( )。
A ．元电荷实质上是指电子和质子本身B ．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C ．电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷的正负无关D ．电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零8．如图所示，两平行金属板水平放置，板长为L ，板间距离为d ，板间电压为U ，一不计重力带电荷量为q 的带电粒子以初速度v 0沿两板的中线射入，t 时间后恰好沿下板的边缘飞出，则( )。
A ．在前t2时间内，电场力对粒子做的功为81UqB ．在后t 2时间内，电场力对粒子做的功为38UqC ．在粒子下落的前d 4和后d 4过程中，电场力做功之比为1∶4D ．在粒子下落的前d4和后d4过程中，电场力做功之比为1∶2 9.如图所示，电动势为E 、内阻为r 的电池与定值电阻R 0、滑动变阻器R 串联，已知R 0＝r ，滑动变阻器的最大阻值是2r .当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时，下列说法中正确的是( )。
A ．电路中的电流变大B ．电源的输出功率先变大后变小C ．滑动变阻器消耗的功率变小D ．定值电阻R 0上消耗的功率先变大后变小10．如图是一个由电池、电阻R 与平行板电容器组成的串联电路，在增大电容器两极板间距离的过程中( )。
A ．电容器的A 板带正电 B ．电阻R 中没有电流 C ．电容器的电容变小D ．电阻R 中有从a 流向b 的电流 二、实验题：（22分）11.（6分）实验读数： （1）游标卡尺：________ mm(2)电流表量程一般有两种：0～0.6 A,0～3 A ；电压表量程一般有两种：0～3 V,0～15 V ．如图所示：①接0～3 V量程时读数为________ V.②接0～15 V量程时读数为________ V.③接0～3 A量程时读数为________ A.④接0～0.6 A量程时读数为_______ A.12．（16分）在把电流表改装成电压表的实验中，需要利用如图所示的电路测定电流表的内阻，其主要操作步骤如下：，调节R1，使电流表指针偏转到满刻度；①接通S1②再接通S，调节R2，使电流表指针偏转到满刻度的一半；2③读出R2的阻值，即可认为电流表的内阻r g＝R2.现备有如下器材：A．电流表(量程0～100 μA，内阻约为100 Ω)B．电阻箱(范围0～9.9 Ω)C．电阻箱(范围0～999.9 Ω)D．电阻箱(范围0～99 999 Ω)E．电源(电动势3 V，内阻不计)F．电源(电动势6 V，内阻不计)G．开关和若干导线(1)电路图中R1应选________，R2应选________，电源应选________．(填入所选器材的字母代号)(2)实验中读得R2的阻值为100 Ω，若将此电流表改装成量程为 3 V的电压表，应________联一个阻值为________Ω的电阻．(3)若用此改装表去测量一稳恒电压，则测量值和真实值相比________．(填“偏大”或“偏小”)三、计算题：（36分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）13．（10分）如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机内电阻r ＝0.8 Ω，电路中另一电阻R＝10 Ω，直流电压U＝160 V，电压表示数U V＝110 V．试求：(1)通过电动机的电流；(2)输入电动机的电功率；(3)若电动机以v＝1 m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？(g取10 m/s2)14. （12分）如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U0，电容器板长和板间距离均为L＝10 cm，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离也是L＝10 cm，在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示．(每个电子穿过平行板的时间都极短，可以认为电压是不变的)求：(1)在t＝0.06 s时刻，电子打在荧光屏上的何处．(2)荧光屏上有电子打到的区间有多长？15.（14分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接.在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场.现有一质量为m，电量为+q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方，如图.小球可视为质点，小球运动到C点之前电量保持不变，经过C点后电量立即变为零).已知A、B间距离为2R，重力加速度为g.在上述运动过程中，求：(1)电场强度E的大小； (2)小球在圆轨道上运动时的最大速率；(3)小球对圆轨道的最大压力的大小.答题卡一．选择题：11.（1）___________mm(2) ①___________V ② __________ V ③ ___________A ④ ___________A 12. (1)____________ ______________ _____________(2)_______________ _______________ (3)_______________三．计算题：13.14.15参 考 答 案一．选择题：（42分）11.（1） 10.60mm （2分） (2) (1)①1.87—1.89 ②9.3—9.4 ③0.83—0.85 ④0.17（每空1分）12. (1)D C F （每空2分）(2)串 29 900 （每空4分）(3)偏小（2分） 三．计算题：（36分）13.（10分）解析 (1)由电路中的电压关系可得电阻R 的分压U R ＝U －U V ＝(160－110)V＝50 V ，流过电阻R 的电流I R ＝U R R ＝5010 A ＝5 A ，即通过电动机的电流I M ＝I R ＝5 A.(2)电动机的分压U M ＝U V ＝110 V ，输入电动机的功率P 电＝I M U M ＝550 W.(3)电动机的发热功率P 热＝I 2M r ＝20 W ，电动机输出的机械功率P 出＝P 电－P 热＝530 W ，又因P 出＝mgv ，所以m ＝P 出gv＝53 kg. 答案 (1)5 A (2)550 W (3)53 kg14. （12分） (1)电子经电场加速满足qU 0＝12mv 2经电场偏转后侧移量y ＝12at 2＝12·qU 偏mL ⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 2所以y ＝U 偏L4U 0，由图知t ＝0.06 s 时刻U 偏＝1.8U 0，所以y ＝4.5 cm 设打在屏上的点距O 点的距离为Y ，满足Y y ＝L ＋L 2L 2所以Y ＝13.5 cm.(2)由题知电子侧移量y 的最大值为L2，所以当偏转电压超过2U 0，电子就打不到荧光屏上了，所以荧光屏上电子能打到的区间长为3L ＝30 cm. 答案 (1)打在屏上的点位于O 点上方，距O 点13.5 cm (2)30 cm15．（14分）(1)设电场强度为E ，小球过C 点时速度大小为v C ，小球从A 到C 由动能定理：2C 1qE 3R mg 2R mv 2-=小球离开C 点后做平抛运动到P 点：21R gt 2=2R=v C t联立方程解得：mgE q=(2)设小球运动到圆周D 点时速度最大为v ，此时OD 与竖直线OB 夹角设为α，小球从A运动到D 过程，根据动能定理：qE(2R+Rsin α)-mgR(1-cos α)=21mv 2即：21mv 2=mgR(sin α+cos α+1)根据数学知识可得，当α=45°时动能最大由此可得：m v =(3)由于小球在D 点时速度最大且电场力与重力的合力恰好沿半径方向，故小球在D 点对圆轨道的压力最大，设此压力大小为F ，由牛顿第三定律可知小球在D 点受到的轨道弹力大小也为F ，在D 点对小球进行受力分析，并建立如图所示坐标系，由牛顿第二定律：F-qEsin α-mgcos α=2m v m R解得：答案:(1)mgq。