东营市第一中学2015高一下学期期末考试物理答案
2024届山东省东营市高一物理第二学期期末学业质量监测试题含解析
2024届山东省东营市高一物理第二学期期末学业质量监测试题 注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B 铅笔将试卷类型（B ）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、 (本题9分)如图所示，长为l 的轻杆可以无摩擦的绕着一端O 点做圆周运动，另一端系一小球。
球刚好能够在竖直平面内做完整的圆周运动。
当小球运动到最低点时，速度大小为v ，所受拉力大小为F 。
不计空气阻力及一切摩擦，则：A ．6F mg =B ．4F mg =C ．5v gl =D ．2v gl =2、有一种餐桌，其中心是一个可以匀速转动的、半径为R 的圆盘，如图所示．圆盘与餐桌在同一水平面内且两者之间的间隙可忽略不计，放置在圆盘边缘的小物块(可视为质点)与圆盘间的动摩擦因数是其与餐桌间动摩擦因数的两倍，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现缓慢增大圆盘的转速，直到小物块恰好从圆盘边缘滑出，结果小物块恰好滑到餐桌的边缘，则餐桌的半径为A ．1.5RB ．2RC 2RD 3R3、 (本题9分)如图所示，轻杆长为L ，一端固定在水平轴上的O 点，另一端固定一个小球（可视为质点）．小球以O 为圆心在竖直平面内做圆周运动，且能通过最高点，g 为重力的加速度，下列说法正确的是（ ）A．小球到达最高点时所受轻杆的作用力不可能为零B．小球通过最低点时所受轻杆的作用力不可能向下C．小球通过最高点时所受轻杆的作用力一定随小球速度的增大而增大D．小球通过最低点时所受轻杆的作用力可能随小球速度的增大而减小4、如图所示，汽车雨刮器在转动时，杆上A、B两点绕O点转动的角速度大小为ωA、ωB，线速度大小为v A、v B，向心加速度大小为a A、a B，则A．ωA< ωB，v A=v BB．ωA> ωB，a A=a BC．ωA= ωB，v A<v BD．ωA= ωB，a A>a B5、(本题9分)从离水平地面高为5m的空中，以6m/s的水平初速度抛出质量为2kg的小球，不计空气阻力，g取10m/s2。
山东省东营一中2014-2015学年高一上学期第三次模考物理试卷 Word版含解析
2014-2015学年##省东营一中高一〔上〕第三次模考物理试卷一、选择题：〔每小题4分,共40分,在每题所给的四个选项中,有一个或多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有错选或不答的得0分〕1．〔4分〕〔2011秋•金台区期中〕关于速度,下列说法正确的是〔〕A．速度是表示物体运动快慢的物理量,既有大小,又有方向,是矢量B．平均速度就是速度的平均值,既有大小,又有方向,是矢量C．运动物体在某一时刻或某一位置的速度,叫做瞬时速度,它是矢量D．汽车上的速度计是用来测量汽车平均速度大小的仪器考点：速度．专题：直线运动规律专题．分析：物体单位时间内通过的路程叫速度,速度是表示物体运动快慢的物理量,据此分析判断．解答：解：A、速度是表示物体运动快慢的物理量,既有大小,又有方向,是矢量,故A正确；B、平均速度就是位移与时间的比值,既有大小,又有方向,是矢量,故B错误；C、运动物体在某一时刻或某一位置的速度,叫做瞬时速度,它是矢量,故C正确；D、汽车上的速度计是用来测量汽车瞬时速度大小的仪器,故D错误．故选AC．点评：本题考查了学生对速度基本概念的掌握和运用,属于基础题目．2．〔4分〕〔2014秋•东营区校级月考〕汽车拉着拖车在水平道路上沿着直线加速行驶,根据牛顿运动定律可知〔〕A．汽车能拉着拖车向前是因为汽车拉拖车的力大于拖车拉汽车的力B．汽车先对拖车施加拉力,然后才产生拖车对汽车的拉力C．加速前进时,汽车对拖车的拉力等于拖车向后拉汽车的力D．拖车加速前进时,是因为汽车对拖车的拉力大于地面对拖车的摩擦阻力考点：牛顿第三定律．专题：常规题型．分析：汽车拉拖车的力和拖车拉汽车的力是一对作用力和反作用力,大小相等,方向相反,同时产生,同时消失．拖车做加速运动,是因为拖车在水平方向上受拉力和阻力,拉力大于阻力,产生加速度．解答：解：A、B、汽车拉拖车的力和拖车拉汽车的力是一对作用力和反作用力,大小相等,方向相反,同时产生,故A错误,B错误,C正确；D、拖车在水平方向上受汽车对它的拉力和自身所受的摩擦阻力,拉力大于摩擦阻力,有水平方向上的合力,产生加速度．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键知道作用力和反作用力大小相等,方向相反,作用在同一条直线上．汽车之所以拉着拖车加速行驶,因为汽车拉拖车的力大于拖车所受到的阻力．3．〔4分〕〔2011秋•青山区校级期末〕关于物体的惯性,下述说法正确的是〔〕A．乒乓球可以快速抽杀,是因为乒乓球惯性小B．静止的火车起动时,速度变化慢,是因为静止的物体惯性大的缘故C．运动速度大的物体不能很快地停下来,是因为物体速度越大,惯性也越大D．在"神舟"六号飞船中的物体不存在惯性考点：惯性．分析：物体总保持原来运动状态不变的特性叫做惯性,质量是物体惯性大小的唯一的量度,与物体的运动状态和所处的位置无关．解答：解：乒乓球质量较小,所以乒乓球惯性小,保持原来运动状态的能力就差,所以可以快速抽杀,故A正确；物体的惯性仅由质量决定,与速度、加速度、位置等因数无关,故BCD错误．故选A．点评：本题考查了惯性的基本概念及影响因数,同学们只要记住质量是惯性的唯一量度,与其它任何因数无关就可以了．该题难度不大,属于基础题．4．〔4分〕〔2009•##模拟〕如图所示,轻弹簧下端固定在水平面上．一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落,接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度〔一直在弹性限度内〕后停止下落．在小球下落的这一全过程中,下列说法中正确的是〔〕A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上C．从小球接触弹簧到到达最低点,小球的速度先增大后减小D．从小球接触弹簧到到达最低点,小球的加速度先减小后增大考点：动能和势能的相互转化；牛顿第二定律；功能关系．分析：根据小球的受力情况,分析小球的运动情况,判断什么时刻小球的速度最大,根据牛顿第二定律分析小球的加速度的方向．解答：解：A、B小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度,开始压缩弹簧时,重力大于弹力,合力竖直向下,加速度方向竖直向下,与速度方向相同,小球做加速度运动,当小球所受的弹力大于重力时,合力竖直向上,加速度竖直向上,与速度方向相反,小球开始做减速运动,则当弹力与重力大小相等、方向相反时,小球的速度最大．故AB错误．C、由上分析可知,从小球接触弹簧到到达最低点,小球的速度先增大后减小．故C正确．D、从小球接触弹簧到到达最低点,小球的加速度先减小后反向增大．故D正确．故选CD．点评：本题是含有弹簧的问题,关键要抓住弹簧弹力的可变性,不能想当然,认为小球一碰弹簧就开始减速．5．〔4分〕〔2008•荆州一模〕质量为1吨的汽车在平直公路上以10m/s速度匀速行驶．阻力大小不变,从某时刻开始,汽车牵引力减少2000N,则从该时刻起经过6s,汽车行驶的路程是〔〕A．50m B．42m C．25m D．24m考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据物体受力情况与运动状态的关系可知,生活中做匀速直线运动的物体,必受到平衡力的作用；当牵引力减小时,合力减小,由牛顿第二定律求解出加速度,在由运动学公式求的位移解答：解：汽车的加速度为f=maa=汽车减速到零时所需时间为t===5s＜6s所以汽车在5s末已经静止6s内通过的位移为s==m=25m故选C点评：本题考查的是路程、牵引力的计算,是一道综合题；关键是根据平衡力的知识判断汽车前进的所受的合力．6．〔4分〕〔2010•##一模〕从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0﹣t时间内,下列说法中正确的是〔〕A．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小B．Ⅰ物体所受的合外力不断增大,Ⅱ物体所受的合外力不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大,Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图象中,某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度,根据图象得到加速度的变化情况,然后根据牛顿第二定律判断合外力情况．解答：解：A、B、图象Ⅰ表明物体做加速度不断减小的减速运动,图线Ⅱ表明物体做加速度不断减小的加速运动,根据牛顿第二定律,合外力与加速度成正比,故两个物体的合外力都不断减小,故A正确,B错误；C、两个物体的速度都是正值,表明两个物体都在向前运动,故C错误；D、对于匀变速直线运动,平均速度等于初末位置速度的平均值,而图中两个物体都做非匀变速直线运动,故D错误；故选A．点评：本题关键是根据速度时间图象得到物体的速度和加速度的变化情况,然后再结合牛顿第二定律判断受力情况．7．〔4分〕〔2014•龙湖区二模〕如图所示,轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上,弹簧下端悬挂一个小铁球,在电梯运行时,乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小,这一现象表明〔〕A．电梯一定是在下降B．电梯可能是在上升C．电梯的加速度方向一定向上D．乘客一定处于失重状态考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对小球受力分析可知小球的受力情况,根据牛顿第二定律可知其运动情况,从而判断电梯的运动及乘客的状态．解答：解：A、弹簧伸长量减小,说明弹力减小,则物体受到的合力向下,故物体的加速度向下；说明此时电梯的加速度也在向下,但电梯可能向下加速,也可能向上减速,故AC错误,B 正确；D、因加速度向下,故乘客一定处于失重状态,故D正确；故选：BD．点评：本题考查超重与失重知识,要学会使用牛顿第二定律分析超重失重的方法．8．〔4分〕〔2014秋•东营区校级月考〕如图所示,A、B两物体用轻绳连接,置于光滑水平面上,它们的质量分别为M和m,若M＞m．现用水平力F分别拉A和B,A、B间绳的拉力分别为T1、T2,则〔〕A．T1=T1B．T1＞T2C．T1＜T2D．不能确定考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以左边图为例,A、B一起运动,它们有共同的加速度,对整体可以求出加速度的大小,再分析B的受力,可以求出绳子的弹力；解答：解：设物体运动的加速度为a,对AB整体有：F=〔M+m〕a,对B有：T1=ma,解得：T1= F同理可得：T2= F可见：T1＜T2故选：C．点评：采用整体法求物体的共同加速度,再用隔离法求各个物体受到的力的大小,这是求多个物体受力时的一般步骤．9．〔4分〕〔2014秋•东营区校级月考〕如图所示,倾斜索道与水平面夹角为37°,当载人车厢沿钢索匀加速向上运动时,车厢中的人对厢底的压力为其体重的1.25倍,则车厢对人的摩擦力为其体重的〔〕A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．分析：对人受力分析可知,人在水平和竖直方向都有加速度,由牛顿第二定律可以求得竖直方向上的加速度的大小,进而可以求得水平方向上的加速度的大小,再次由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小．解答：解：由于人对车厢底的正压力为其重力的1.25倍,所以在竖直方向上有F N﹣mg=ma上, 解得a上=0.25g,设水平方向上的加速度为a水,则=tan37°=所以a水=g,对人受力分析可知,在水平方向上摩擦力作为合力产生加速度,即f=ma水=mg,所以B正确．故选：B．点评：人的水平和竖直方向的加速度之间的关系,是解决本题的关键,在本题中人在水平和竖直两个方向上都是有加速度的．10．〔4分〕〔2014秋•开化县校级期末〕如图所示,水平传送带A、B两端相距s=3.5m,物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1,物体滑上传送带A端的瞬时速度v A=4m/s,到达B端的瞬时速度设为v B．下列说法中正确的是〔〕A．若传送带不动,v B=3m/sB．若传送带逆时针匀速转动,v B一定等于3m/sC．若传送带顺时针匀速转动,v B一定等于3m/sD．若传送带顺时针匀速转动,v B有可能等于3m/考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块滑上传送带,若传送到不动,物块做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律和运动学公式求出到达B点的速度．若传送带顺时针匀速转动,根据物块的速度与传送带的速度大小判断物体的运动情况．若传送带逆时针转动,物块滑上传送带做匀减速直线运动,根据运动学公式结合牛顿第二定律进行求解．解答：解：A、若传送带不动,物体做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律得,匀减速直线运动的加速度大小a=μg=1m/s2,根据v B2﹣v A2=﹣2as,解得v B=3m/s．故A正确．B、若传送带逆时针转动,物块滑上传送带做匀减速直线运动,由于滑块所受的滑动摩擦力与传送带静止时相同,则加速度与传送带静止时也相同,到达B点的速度大小一定等于3m/s．故B正确．C、D若传送带顺时针匀速运动,若传送带的速度小于3m/s,物块滑上传送带做匀减速直线运动,加速度与传送带静止时也相同,则到达B点的速度等于3m/s．故C错误,D正确．故选ABD．点评：解决本题的关键通过物体的受力判断出物体滑上传送带的运动情况,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．二、填空题：〔每个空5分,共20分〕11．〔20分〕〔2014秋•东营区校级月考〕图1为"验证牛顿第二定律"的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m,小车和砝码的总质量为M．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．〔1〕实验中,为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力,先调节长木板上滑轮的高度,使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是BA．将长木板水平放置,让小车连着已经穿过打点计时器的纸带,给打点计时器通电,调节m的大小,使小车在砂和砂桶的牵引下运动,从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．B．将长木板的一端垫起适当的高度,让小车连着已经穿过打点计时器的纸带,撤去砂和砂桶,给打点计时器通电,轻推小车,从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．C．将长木板的一端垫起适当的高度,撤去纸带以及砂和砂桶,轻推小车,观察判断小车是否做匀速运动．〔2〕实验中要进行质量m和M的选取,以下最合理的一组是CA．M=200g,m=10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M=200g,m=20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M=400g,m=5g、10g、15g、20g、25g、30gD．M=400g,m=20g、40g、60g、80g、100g、120g〔3〕图2是实验中得到的一条纸带,A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点,相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为：s AB=4.22cm、s BC=4.65cm、s CD=5.08cm、s DE=5.49cm、s EF=5.91cm、s FG=6.34cm．打点计时器的工作频率为50Hz,小车的加速度a=0.42m/s2,V C=0.49m/s〔结果保留两位有效数字〕．考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：1、小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力,要使拉力等于合力,则应平衡摩擦力；2、当沙和沙桶总质量远远小于小车和砝码的总质量,即m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于沙和沙桶的重力；3、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小,解答：解：〔1〕小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力,要使拉力等于合力,则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力,可以将长木板的一段垫高,撤去砂和砂桶,轻推小车,从打出的纸带判断小车是否做匀速运动,故B正确．故选：B〔2〕当m＜＜M时,即当沙和沙桶总质量远远小于小车和砝码的总质量,绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力．因此最合理的一组是C．故选：C．〔3〕相邻的两个计数点之间还有四个点未画出,相邻的计数点时间间隔为T=0.1s,利用匀变速直线运动的推论△x=at2,得：s DE﹣s AB=3a1T2s EF﹣s BC=3a2T2s FG﹣s CD=3a3T2为了更加准确的求解加速度,我们对三个加速度取平均值得：a=〔a1+a2+a3〕=m/s2=0.42m/s2故答案为：〔1〕B；〔2〕C；〔3〕0.42．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力,只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目,而实验步骤,实验数据的处理都与实验原理有关,故要加强对实验原理的学习和掌握．三、计算题：〔共44分〕12．〔8分〕〔2013秋•綦江县期末〕如图,有一水平传送带以2m/s的速度匀速运动,现将一物体轻轻放在传送带的左端上,若物体与传送带间的动摩擦因数为0.5,已知传送带左、右端间的距离为10m,求传送带将该物体传送到传送带的右端所需时间．〔g取10m/s2〕考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先分析物体的运动情况：物体水平方向先受到滑动摩擦力,做匀加速直线运动；若传送带足够长,当物体速度与传送带相同时,物体做匀速直线运动．根据牛顿第二定律求出匀加速运动的加速度,由运动学公式求出物体速度与传送带相同时所经历的时间和位移,判断以后物体做什么运动,若匀速直线运动,再由位移公式求出时间．解答：解：物体置于传动带左端时,先做加速直线运动,受力分析,由牛顿第二定律得：f=μmg=ma代入数据得：a=μg=0.5×10m/s2=5m/s2当物体加速到速度等于传送带速度v=2m/s时,运动的时间为运动的位移则物体接着做匀速直线运动,匀速直线运动所用时间：所以物体传送到传送带的右端所需时间t=t1+t2=0.4s+4.8s=5.2s 答：传送带将该物体传送到传送带的右端所需时间为5.2s．点评：物体在传送带运动问题,关键是分析物体的受力情况,来确定物体的运动情况,有利于培养学生分析问题和解决问题的能力．13．〔10分〕〔2011秋•庐江县期末〕物体以12m/s的初速度从斜面底端冲上倾角为37°的斜坡,已知物体与斜面间的动摩擦因数为0.25,〔g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8〕．求：〔1〕物体沿斜面上滑的最大位移；〔2〕物体再滑到斜面底端时的速度大小．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕根据牛顿第二定律求出物体上滑的加速度,结合速度位移公式求出上滑的最大位移．〔2〕根据牛顿第二定律求出物体下滑的加速度,结合速度位移关系求出再滑到斜面底端时的速度大小．解答：解：〔1〕物体上滑时受力如图a所示,垂直斜面方向：F N=mg cos37°平行斜面方向：f+mg sin37°=ma1又f=μF N由以上各式解得物体上滑时的加速度大小a1=gsin37°+μgcos37°=8m/s2物体沿斜面上滑时做匀减速直线运动,速度为0时在斜面上有最大的位移故上滑的最大位移：x===9m；〔2〕物体下滑时受力如图b所示,物体沿斜面下滑时做匀加速直线运动,加速度的大小a2=gsin37°﹣μgcos37°=4m/s2由速度位移公式得：v2=2a2x,代入数据解得：v=6m/s；答：〔1〕物体沿斜面上滑的最大位移为9m；〔2〕物体再滑到斜面底端时的速度大小为6m/s．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用,知道加速度是联系力学和运动学的桥梁,同时注意方向．14．〔12分〕〔2006•##〕一质量为m=40kg的小孩在电梯内的体重计上,电梯从t=0时刻由静止开始上升,在0到6s内体重计示数F的变化如图所示．试问：在这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10m/s2．考点：牛顿运动定律的综合应用．专题：压轴题．分析：对小孩受力分析,受重力和支持力,体重计示数等于支持力大小,求出各段时间内〔加速、匀速、减速〕物体的加速度,结合运动学规律求上升的总高度．解答：解：由图可知,在t=0到t1=2s的时间内,体重计的示数大于mg,故电梯应做向上的加速运动．设在这段时间内体重计作用于小孩的力为f1,电梯及小孩的加速度为a1,根据牛顿第二定律,得：f1﹣mg=ma1在这段时间内电梯上升的高度h1=a1t2在t1=2s到t2=5s的时间内,体重计的示数等于mg,故电梯应做匀速上升运动,速度为t1时刻的电梯的速度,即v1=a1t1在这段时间内电梯上升的高度h2=v1t2在t2到t=t3=6s的时间内,体重计的示数小于mg,故电梯应做减速上升运动．设这段时间内体重计作用于小孩的力为f2,电梯及小孩的加速度为a2,由牛顿第二定律,得：mg﹣f2=ma2在这段时间内电梯上升的高度h3=v1〔t3﹣t2〕﹣a2〔t3﹣t2〕2电梯上升的总高度h=h1+h2+h3由以上各式,利用题文及题图中的数据,解得h=9m 故在这段时间内电梯上升的高度是为9m．点评：本题要能从图象中看出力的变化规律,受力分析后得出物体的运动规律,结合运动学公式求解,必要时可以画出运动草图．15．〔14分〕〔2014秋•东营区校级月考〕一个空间探测器从星体表面垂直升空,其质量为1800kg,发动机推力恒定,探测器升空不久,发动机突然关闭,后探测器坠落海中．事后从飞行记录仪〔黑盒子〕中知道：发动机是升空后9s末关闭的,此时速度为64m/s,在25s末探测器的飞行速度为零,忽略空气阻力,试根据这些数据求出：〔1〕探测器上升的最大高度．〔2〕该星表面的重力加速度．〔3〕探测器发动机的推力大小．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕探测器在0﹣9s是匀加速上升,9s﹣25s是匀减速上升,根据平均速度公式列式求解即可；〔2〕对匀减速过程,只受重力,加速度为重力加速度,根据速度时间关系公式列式求解即可；〔3〕对加速过程根据牛顿第二定律列式求解即可．解答：解：〔1〕加速过程位移：；减速过程位移：；故H=x1+x2=288m+512m=800m〔2〕对减速过程,有：a2=﹣ga2==﹣4m/s2故g=4m/s2〔3〕加速过程的加速度为：a=对加速过程,根据牛顿第二定律,有：F﹣mg=ma解得：F=m〔g+a〕=1800×〔4+7.11〕=2×104m/s 答：〔1〕探测器上升的最大高度为800m．〔2〕该星表面的重力加速度为4m/s2．〔3〕探测器发动机的推力大小为7.11m/s2．点评：本题关键是明确探测器的运动规律和受力情况,然后结合牛顿第二定律和运动学公式列式求解,基础题目．。
东营中考物理2011-2015答案
二0一一年东营市初中学生学业考试物理试题答案及评分标准第I卷(选择题共30分)一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目的要求。
评分标准：每小题选对得3分；多选、错选均不得分。
第Ⅱ卷(非选择题共70分)二、填空题(本大题包括7小题,每小题2分,共14分)11.音调(1分) 频率(1分) 12.90（1分) 省力(1分)13.清洁(或“经济”、“安全”)(1分。
其它答案只要合理同样给分) 核辐射污染(或“核废料污染”)(1分。
其它答案只要合理同样样给分)14.反射(2分) 15.连通器(2分) 16.导线没有切割磁感线(2分)17.电能输送过程降低电能损耗(或“电厂发电过程降低电能损耗”、“储存电力过程降低电能损耗”、“因不考虑散热问题，可使电子设备微型化”等)。
(2分。
答对一条即可，其它答案只要合理同样给分)三、作图、实验与探究题(本大题包括6小题，共34分)18.(3分)答案如图所示。
19.(3分)答案如图所示。
20.(1)焦距 (2)缩小 (3)放大、正立、虚像放大镜评分标准：每空2分，共8分21.(1)断开 0.6A 3V （2）右（3）如下图（4)1.5 7.5评分标准：第(1)(2)(4)问每空l分，第(3)问4分(其它连接方式正确同样给分)，共l0分。
22.(1)实验选用的器材有：铁架台、酒精灯、石棉网、温度计、烧杯、火柴、天平(带砝码)(2)实验步骤：①用天平称出适量质量相同的水和蓖麻油，分别倒入相同的烧杯中。
②组装实验装置。
③用相同的酒精灯同时开始加热，加热一段时间后，用两只温度计同时测量水和蓖麻油的温度并记录。
④根据测得的温度值分析比较水和蓖麻油吸热能力的差异。
评分标准：第(1)问2分，第(2)问4分，共6分(其它设计方案合理，同样给分)23.电路EF部分发生断路评分标准：4分四、计算题(本大题包括2小题，共22分)24.解：(1)所抽泥浆的质量m=ρV= 2.0×l03kg／m3×60m3=1.2×105kg……………………(3分)（2）泥浆泵对泥浆所做有用功W有=Gh=mgh=1.2×105kg×10N／kg ×l5m=1. 8 ×107J ……(2分)泥浆泵对泥浆所做有用功的功率：…………………………(3分)25.解：(1)导线C应接A接线柱。
高一物理下学期期末考试试题(部分答案)
阿盟一中2015－2016学年度第二学期期末考试高一年级物理试卷注意事项：1、试卷内容必须答在试卷边框方框线以内，否则不得分；2、试卷I的选择题答案必须答在答题卡上，否则不得分；第I卷（共100 分）一、单项选择题（每小题3分，共60分）1.关于曲线运动，下列说法中正确的是( ).(A)物体作曲线运动时，它的速度可能保持不变(B)物体只有受到一个方向不断改变的力的作用，才可能作曲线运动(C)所有作曲线运动的物体，所受合外力方向与速度方向肯定不在一条直线上(D)所有作曲线运动的物体，速度方向与所受合外力方向始终一致2.如图所示，小物体A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起作匀速圆周运动，则A受力情况是受( ).(A)重力、支持力 (B)重力、向心力(C)重力、支持力和指向圆心的摩擦力(D)重力、支持力、向心力和摩擦力3.由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么卫星的( ).(A)速率变大，周期变小(B)速率变小，周期变大(C)速率变大，周期变大(D)速率变小，周期变小4.关于重力势能与重力做功,下列说法中正确的是( )(A)物体克服重力所做的功等于物体重力势能的增加量(B)在同一高度,将同一物体以初速v0向不同的方向抛出,从抛出到落地过程中,重力做的功不一定相等(C)重力势能等于零的物体,不可能对别的物体做功(D)用手托住一个物体匀速上举时,手的支持力做的功等于克服重力做的功与物体所增加的重力势能之和.5.关于电场，下列说法中正确的是( ).(A)电场是电荷周围空间实际存在的物质(B)电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型(C)电荷周围分布的电场线就是电场(D)电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的6、下列关于电场线的说法中正确的是（）(A)电场线是电场中实际存在的线(B)电场线上任一点的切线方向就是正电荷在该点的加速度方向(C)电场线弯曲的地方是非匀强电场，电场线为直线的地方是匀强电场(D)只要初速度为零，正电荷必将在电场中沿电场线运动7.关于点电荷，下列说法中正确的是( ).(A)只有体积很小的带电体才能看成是点电荷(B)体积较大的带电体一定不能看成是点电荷(C)当两个带电体的大小形状对它们之间的相互作用的影响可忽略时，这两个带电体均可看成点电荷(D)当带电体带电量很少时，可看成点电荷8.在电场中，A、B两点的电势差U AB>0，那么将一负电荷从A移到B的过程中( )(A)电场力做正功，电势能增加(B)电场力做负功，电势能增加(C)电场力做正功，电势能减少(D)电场力做负功，电势能减少9.对公式E=kQ/r2，理解正确的是( )(A)r→0时，E→∞ (B)当r→∞时，E→0(C)某点场强跟点电荷Q无关，只跟该点位置r有关(D)以点电荷Q为圆心，r为半径的球面上，各点场强相同10.一个电容器，当所带电荷量为Q时，两极板间的电势差为U，如果所带电荷量增大为2Q，则().(A)电容器电容增大为原来的2倍，两极板间电势差保持不变(B)电容器电容减少为原来的1/2，两极板间电势差保持不变(C)电容器电容保持不变，两极板间电势差增大为原来的2倍(D)电容器电容保持不变，两极板间电势差减少为原来的1/211.下列说法中正确的是( ).(A)电场线密集处场强大，电势高(B)沿电场线方向场强减小，电势降低(C)在电势高处电荷具有的电势能也大(D)场强为零处，电势不一定为零12.关于电势差与场强的关系，下列说法中正确的是( )(A)U=Ed关系式适用于任何电场(B)在匀强电场中，两点间的电势差正比于两点间的距离(C)U=Ed公式中的d是指两点间的距离(D)V／m和N／C两单位相等13.如图所示，把一个带正电的小球放人原来不带电的金属空腔球壳内，其结果可能是()(A)只有球壳外表面带正电 (B)只有球壳内表面带正电(C)球壳的内、外表面都带正电 (D)球壳的内表面带正电，外表面带负电14.如图所示，一金属小球，原来不带电，现沿球的直径的延长线放置一均匀带电的细杆MN，金属球上感应电荷产生的电场在球内直径上a、b、c三点的场强大小分别为E a、E b、E c，三者相比，则( ).(A)E a最大(B)E b最大(C)E c最大(D)E a=E b=E c15.如图所示，仅在电场力作用下，一带电粒子沿图中虚线从A运动到B，则()(A)电场力做正功(B)动能增加(C)电势能增加(D)加速度变小16.如图所示为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线，A、B为电场线上的两点，一电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中，动能增加，则可以判断( )(A)电场线方向由B指向A (B)场强大小E A＞E B(C)若Q为负电荷，则Q在B点右侧 (D)Q不可能为正电荷17.通过一个电阻的电流是5A,经过4min，通过该电阻的一个截面的电量是( ).(A)20C (B)50C (C)1200C (D)2000C18.下列说法中正确的是( ).(A)电流的方向就是电荷移动的方向(B)在一直流电源的外电路上，电流的方向是从电源正极流向负极(C)电流都是由电子的移动形成的(D)电流是有方向的量，所以是矢量19.电源电动势的大小反映的是( ).(A)电源把电能转化成其他形式的能的本领的大小(B)电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小 (C)电源单位时间内传送电荷量的多少 (D)电流做功的快慢.20．有四个金属导体，它们的伏安特性曲线如图所示，电阻最大的导体是( ) A ．a B ．b C ．c D ．d二、 多项选择题（每小题6分，共30分）21.物体以v 0的速度水平抛出，当其竖直分位移与水平分位移大小相等时，下列说法中正确的是()(A)竖直分速度与水平分速度大小相等 (B)瞬时速度的大小为0v 5(C)运动时间为g 2v 0 (D)运动位移的大小为gv 22222.图是描述一给定的电容器充电时电量Q 、电压U 、电容C 之间的相互关系图，其中正确的是图( )23.两个相同的金属小球(可视为点电荷)所带电量之比为1:7，在真空中相距为r ，把它们接触后再放回原处，则它们间的静电力可能为原来的( ) (A)4/7(B)3/7(C)9/7(D)16/724.一个平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，两极板间有一正电荷(电荷量小)固定在P 点，如图所示.以E 表示两极板间的场强，U 表示电容器两极板间的电压，εp 表示正电荷在P 点的电势能.若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，那么( ). (A)U 变小，E 不变 (B)E 变大，εp 变大 (C)U 变小，εp 不变(D)U 不变，εp 不变25．如图所示，悬线下挂着一个带正电的小球，它的质量为m ，电荷量为q ，整个装置处于水平向右的匀强电场中，电场强度为E ，下列说法正确的是 ( )A．小球平衡时，悬线与水平方向夹角的正切值为qE mgB．若剪断悬线，则小球做曲线运动C．若剪断悬线，则小球做匀速运动D．若剪断悬线，则小球做匀加速直线运动第II卷（共60 分）三、填空:（每空3分，共30分）26、重为400N的物体放在水平地面上，与地面的滑动摩擦因数为μ=0.2，在大小为F=500N，方向与水平面成α=37°斜向上的拉力作用下前进l=10m。
2014-2015学年下学期高一下学期期末考试物理试题(含答案)
2014-2015学年下学期高一下学期期末考试物理试题(含答案) 说明：1，考试时间90分钟，满分100分。
2，答案写在答题卡上指定位置，写在试卷上无效。
第一卷 选择题单项选择题（只有一个选项符合题目要求，每题3分共18分）。
1.第一次通过实验比较准确的测出引力常量的科学家是（ ）A ． 牛顿B ． 伽利略C ．胡克D ． 卡文迪许2．如图所示，在匀速转动的圆筒内壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运，物体相对桶壁静止．则（ ）物体受到4个力的作用．物体所受向心力是物体所受的重力提供的．物体所受向心力是物体所受的弹力提供的．物体所受向心力是物体所受的静摩擦力提供的3．如图所示，一球体绕轴O1O2以角速度ω旋转，A 、B 为球体上两点。
下列说法中正确的是（ ）A ．A 、B 两点具有相同的角速度B ．A 、B 两点具有相同的线速度C ．A 、B 两点具有相同的向心加速度D ．A 、B 两点的向心加速度方向都指向球心4．质点仅在恒力F 的作用下，由O 点减速运动到A 点的轨迹如图所示，在A 点时速度的方向与x 轴平行，则恒力F 的方向可能沿（ ）A ．x 轴正方向B ．x 轴负方向C ．y 轴正方向D ．y 轴负方向5.水平恒力F 作用于原来静止的物体上，使其分别沿粗糙水平面和光滑水平面移动一段相同距离s ，则水平恒力F 做的功和功率W1、Pl 和W2、P2相比较，正确的是( )．A ．Wl>W2，P1>P2B ．Wl=W2，PI<P2C ．Wl=W2，Pl>P2D ．Wl>W2，PI<P26、当重力对物体做正功时,物体的 ( )A ．重力势能一定增加，动能一定减小B ．重力势能一定增加，动能一定增加C ．重力势能一定减小，动能不一定增加D. 重力势能不一定减小，动能一定增加二，多选题（至少有两个选项符合要求，选不全得3分，有错误选项得0分。
每题5分，共20分）7．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述正确的是A ．牛顿发现了万有引力定律B ．开普勒发现了行星运动的规律C ．爱因斯坦发现了相对论D ．亚里士多德建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域8.如图1所示a 、b 、c 是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，下列说法正确的是（ ）A ．b 、c 的线速度大小相等，且小于a 的线速度；B ．b 、c 的向心加速度大小相等，且大于a 的向心加速度；C ．c 加速可追上同一轨道上的b ，b 减速可等候同一轨道上的c ；D ．a 卫星的周期小于b,c 的周期 9.关于地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是（ ） A.它一定在赤道上空运行 B.各国发射的这种卫星轨道半径都一样C.它运行的线速度一定小于第一宇宙速度D.它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间10、某人用手将1Kg 物体由静止向上提起1m ，这时物体的速度为2m/s （g 取10m/s2），则下列说法正确的是（ ）A ．手对物体做功12JB ．合外力做功2JC ．合外力做功12JD ．物体克服重力做功2J第二卷 非选择题三，实验题（共18分）11．（8分）在利用重物自由下落“验证机械能守恒定律”的实验中（1）备有如下器材：A ．打点计时器；B ．直流电源；C ．交流电源；D ．纸带；E ．带夹子的重物；F ．秒表；G ．刻度尺；H ．天平；I ．导线；J ．铁架台；K ．游标卡尺；L ．螺旋测微器.其中该实验不需要的器材是__ __ （填字母代号）（2）在实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz ，重力加速度的值为9.80m ／s2，实验要求打点计时器在打第一个点时释放纸带.甲、乙、丙三个学生分别用同一装置各打出一条纸带，量出各纸带上第1、2两点间的距离分别为0.38cm ，0.19cm 和0.18cm ，可见其中肯定有一个学生在操作上有错误，错误操作的同学是__ ___.其错误的操作可能是___ .12．（10分）“验证机械能守恒定律”的实验可以采用如图所示的(甲)或(乙)方案来进行．（1）比较这两种方案， (填“甲”或“乙”)方案好些，理由是 ．（2）如图（丙）是该实验中得到的一条纸带，测得每两个计数点间的距离如图（丙）所示，已知每两个计数点之间的时间间隔=0.1s ．物体运动的加速度= ； 该纸带是采用 (填“甲”或“乙”)实验方案得到的．简要写出判断依据 ．图1四，计算题（共44分）13．（8分）如图所示，半径为R的圆板做匀速转动，当半径OB转到某一方向时，在圆板中心正上方高h处以平行于OB的方向水平抛出一球，落点为圆板边沿B点，则小球的初速度是多大?14、（12分）汽车发动机的额定功率为30KW，质量为2000kg，当汽车在水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，（1）汽车在路面上能达到的最大速度？（2）当汽车速度为10m／s时的加速度?15．(10分)某人用100N的力将一质量为50g的小球以10m/s的速度从某一高处竖下向下抛出，经1s小球刚好落地，不考虑空气阻力，选地面为零势能点，g=10m/s2。
2015年 高 一 物 理下 学 期 期 末 考 试 题及答案
2015年 高 一 物 理下 学 期 期 末 考 试 题第Ⅰ卷（共60分一、选择题：（共15小题，每小题4分，共计60分。
每小题有一个或两个正确选项，选对得4分，选不全得2分，不选、错选得0分）1．关于功的概念，下列说法中正确的是（ ）A ．力对物体做功多，说明物体的位移一定大。
B ．力对物体做功少，说明物体的受力一定小。
C ．力对物体不做功，说明物体一定无位移。
D ．功的多少是由力的大小和物体在力的方向上的位移的大小确定的。
2．关于功率公式Fv P tW P ==和的说法正确的是（ ） A ．由t W P =知，只要知道W 和t 就可求出任意时刻的功率。
B ．由Fv P =只能求某一时刻的瞬时功率。
C ．从Fv P =知，汽车的功率与它的速度成正比。
D ．从Fv P =知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比。
3．关于功和能下列说法不正确的是（ ）A ．功和能的单位相同，它们的物理意义也相同。
B ．做功的过程就是物体能量的转化过程。
C ．做了多少功，就有多少能量发生了转化。
D ．各种不同形式的能量可以互相转化，而且在转化过程中，能的总量是守恒的。
4．一人用力踢质量为1kg 的足球，使球由静止以10m/s 的速度沿水平方向飞出。
假设人踢球时对球的平均作用力为200N ，球在水平方向运动了20m ，那么人对球所做的功为（ ）A ．50JB ．200JC ．4000JD ．非上述各值5．两物体做匀速圆周运动，其运动半径之比为2：3，受到向心力之比为3：2，则其动能比为（ ）A ．9：4B ．4：9C ．1：1D ．2：36．关于重力势能，下列说法中正确的是（ ）A ．物体的位置一但确定，它的重力势能的大小也随之确定。
B ．物体与零势能面的距离越大，它的重力势能比越大。
C ．一个物体的重力势能从－5J 变化到－3J ，重力势能变大了。
D ．重力势能的减少量等于重力对物体做的功。
7．关于机械能守恒的叙述，正确的是（ ）A ．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒。
2014-2015学年高一(下)期末物理试卷(含参考答案)
2014-2015学年高一（下）期末物理试卷(含参考答案)一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.1-9题只有一个选项符合题目要求；10-12题有多项符合题目要求，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．以下说法正确的是（）A．物体做曲线运动时，其加速度一定不为零B．物体做曲线运动时，其加速度一定改变C．重力对物体做正功，其动能一定增加D．向心加速度是描述线速度大小变化快慢的物理量2．关于电场线的以下说法中，正确的是（）A．电场线上每一点的切线方向都跟电荷在该点的受力方向相同B．沿电场线的方向，电场强度越来越小C．电场线越密的地方同一检验电荷受的电场力就越大D．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小一定不变3．现在汽车变速装置有手动变速和自动变速，手动变速是通过档杆改变变速箱中齿轮的转速比．当汽车由水平路段进入上坡路段行驶时，在保证汽车的输出功率不变的情况下，下列那些措施能使汽车获得更大的牵引力（）A．可以把档杆变到低速档位置B．保持在平直路面上的档位不变C．可以把档杆变到高速档位置D．以上措施都不行4．如图所示，在水平桌面上的A点，有一个质量为m的物体，以初速度v0被抛出，不计空气阻力，当它到达B点时，其动能为（）．mv+mgH B．mv+mghC．mv+mg（H﹣h）6．甲、乙两球位于同一竖直线上的不同位置，甲比乙高h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（）7．一个做圆周运动的人造地球卫星，轨道半径增大到原来的2倍，如果人造地球卫星仍做．根据公式F=G，可知地球提供的向心力将减小到原来的倍．根据公式F=m，可知卫星运动的线速度将增大到原来的倍．根据公式F=m，可知卫星所需要的向心力将减小到原来的倍8．如图所示，实线为一簇电场线，虚线是间距相等的等势面，一带电粒子沿着电场线方向运动，当它位于等势面φ1上时，其动能为18eV，当它运动到等势面φ3上时，动能恰好等于零，设φ2=0，则，当粒子的动能为6eV时，其电势能为（）9．如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，则三颗卫星（）10．如图所示，A是用轻绳连接的小球，B是用轻杆连接的小球，都在竖直平面内做圆周运动，且绳、杆长度L相等．忽略空气阻力，下面说法中正确的是（）．A球可能做匀速圆周运动．A球通过圆周最高点的最小速度是，而B球通过圆周最高点的最小速度为零12．如图所示，竖直放置在水平地面上的轻弹簧，下端固定在地面上，将一个金属球放置在弹簧顶端（球与弹簧不粘连），并用力向下压球．稳定后用细杆把弹簧栓牢．烧断细线，球将被弹起，脱离弹簧后能继续向上运动，则该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中（）二、填空题（共3小题，满分18分）13．如图为某探究小组设计的测量弹簧弹性势能的装置，小球被压缩的弹簧弹出后作平抛运动（小球与弹簧不相连），现测得小球的质量为m，桌子的高度为h，小球落地点到桌边的水平距离为s，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g，则弹簧被压缩时的弹性势能为_________ ．14．在用如图装置做“探究功与速度关系”的实验时，下列说法正确的是（）15．（10分）在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列点，如图所示为选取的一条符合实验要求的纸带，O 为第一个点，可以认为打O点时纸带的速度为0，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其它点未画出）．已知打点计时器每隔0.02s打一次点，当地的重力加速度g=9.8m/s2．（1）从O点到B点，重物重力势能减少量△EP= _________ J，动能增加量△EK= _________ J；（以上两空要求保留3位有效数字）（2）上问中，重物重力势能减少量_________ （选填“大于”、“小于”或“等于”）动能增加量，其原因是_________ ．三、解答题（共4小题，满分44分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后结果的不能给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．（10分）已知地球半径为R，地球自转的周期为T，地球表面的重力加速度为g，求（1）第一宇宙速度？（2）地球同步卫星离地面的高度h．17．（10分）如图所示，小球从离地h=5m高，离竖直墙水平距离s=4m处水平抛出，不计空气阻力，（取g=10m/s2）则：（1）若要使小球碰不到墙，则它的初速度应满足什么条件？（2）若以v0=8m/s的初速度向墙水平抛出小球，碰撞点离地面的高度是多少？18．（10分）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10﹣5C的负电荷由A点移到B 点，其电势能增加了0.1J，已知A．B两点间距离为2cm，两点连线与电场方向成60°角，求：（1）A．B两点间的电势差UAB；（2）该匀强电场的电场强度大小E．19．（14分）如图所示，在竖直方向上A，B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，A 放在水平地面上，B，C两物体通过细绳绕过足够高的轻质滑轮相连，用手拿住C，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证ab，cd段的细线竖直，已知A，B的质量均为m．重力加速度为g，细线与滑轮间的摩擦力不计，空气阻力不计，开始时整个系统处于静止状态，释放C，当A刚离开地面时，B获得最大速度，求：（1）C的质量；（2）B的最大速度．物理试题参考答案及评分标准选择题（共48分，选对但不全的给2分，有错选的不给分）1. A2.C3.A4.B5.D6.A7.A8.C9.B 10.BC 11.BD 12.BC 探究实验题（本大题共３小题．共18分）（4分） 14. BCD （4分）（选对但不全的给2分，有错选的不给分）15.（1）1.88J （3分） 1.84J （3分）（2）大于（2分） 有阻力（2分）三、计算题（本题共4小题，共44分。
山东东营市第一中学高一 物理第一学期12月月质量检测考试卷含解析
山东东营市第一中学高一物理第一学期12月月质量检测考试卷含解析一、选择题1．如图所示，吊篮P悬挂在天花板上，与吊篮质量相等的物体Q被固定在吊篮中的轻弹簧托起，当悬挂吊篮的细绳被剪断的瞬间，吊篮P和物体Q的加速度为（）A．g，g B．2g，g C．g，0 D．2g，02．转笔是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如图所示．转笔深受广大中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其手上的某一点O做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是A．笔杆上的点离O点越近的，角速度越大B．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越大C．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的D．若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走3．渡河时船头始终沿垂直河岸的方向．已知船在静水中航行的速度大小不变，水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，且比例系数为定值，河的两岸平行．在水平面内，以出发点为坐标原点，沿着河岸的方向为x轴，垂直河岸方向为y轴，四位同学画出此过程中小船运动的轨迹，其中符合实际情况的是（）A．B．C．D．4．对于平抛运动，下列说法正确的是（）A．落地时间和落地时的速度只与抛出点的高度有关B．平抛运动是加速度方向变化的曲线运动C．做平抛运动的物体，在任何相等的时间内位移的增量都是相等的D．做平抛运动的物体，在任何相等的时间内速度的增量都是相同的5．如图所示，位于斜面上的物块m在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态，则斜面作用于物块的静摩擦力说法错误的是( )A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小可能等于零D．大小一定不等于零6．物体自楼顶处自由落下（不计空气阻力），落到地面的速度为v，在此过程中，物体从楼顶落到楼高一半处所经历的时间为（）A．2vB．2vgC．22vgD．()222vg-7．如图是力学中的两个实验装置，其中包含相同物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法8．关于速度、速度的变化、加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度变化越大，加速度就一定越大B．速度为零，加速度一定为零C．速度很小，加速度可能很大D．速度变化越慢，加速度可能越大9．如图所示，一劲度系数为k的轻弹簧，上端固定在天花板上，下端悬挂木块A．木块A 处于静止状态时弹簧的伸长为l∆(弹簧的形变在弹性限度内)，则木块A所受重力的大小等于A ．l ∆B ．k l ⋅∆C ．l k ∆D ．k l∆ 10．一汽车以36km/h 的速度在水平路面上匀速行驶，驾驶员发现正前方斑马线上有行人后立即刹车使汽车做匀减速运动。
2014-2015学年山东省东营一中高一(下)期末物理试卷(解析版)
2014-2015学年山东省东营一中高一（下）期末物理试卷一、选择题（每小题4分，共40分，在每题所给的四个选项中，有一个或多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分）1．（4分）以下关于分运动和合运动的关系的讨论中，错误的说法是（）A．两个直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动B．两个直线运动的合运动，一定是直线运动，不可能是曲线运动C．两个匀速直线运动的合运动，一定是直线运动，不可能是曲线运动D．两个分运动的运动时间，一定与它们的合运动的运动时间相等2．（4分）在下列哪种情况下，物体处于超重状态（）A．平抛出去的物体在落地之前B．处于正在做匀速圆周运动的人造地球卫星中的物体C．汽车在过凸形桥桥顶时D．荡秋千的人摆过最低位置时3．（4分）同步卫星相对于地面静止不动，犹如悬在空中一样，下列说法正确的是（）A．同步卫星处于平衡状态B．同步卫星绕地心的角速度跟地球自转的角速度相等C．同步卫星只能位于赤道上方D．同步卫星的高度和速率是唯一确定的4．（4分）如图所示，一个球从高处自由下落到达A点与一个轻质弹簧相撞，弹簧被压缩．取地面为重力势能的参考平面，从球与弹簧接触，到弹簧被压缩到最短的过程中，关于球的动能、重力势能、弹簧的弹性势能的说法中正确的是（）A．球的动能先增大后减小B．球的动能一直在减小C．球的动能和重力势能之和始终逐渐减小D．球的重力势能和弹簧的弹性势能之和先减小后增大5．（4分）半径为r和R（r＜R）的光滑半圆形槽，其圆心均在同一水平面上，如图所示，质量相等的两物体分别自半圆形槽左边缘的最高点无初速地释放，在下滑过程中两物体（）A．机械能均逐渐减小B．经最低点时动能相等C．在最低点对轨道的压力相等D．在最低点的机械能相等6．（4分）两颗质量之比m1：m2=1：4的人造地球卫星，只在万有引力的作用之下，环绕地球运转．如果它们的轨道半径之比r1：r2=2：1，那么它们的动能之比为（）A．8：1 B．1：8 C．2：1 D．1：27．（4分）如图所示，A和B两个小球固定在轻杆的两端，质量分别为m和2m，此杆可绕穿过其中心的水平轴O无摩擦转动．现使轻杆从水平位置无初速释放，发现杆绕O沿顺时针方向转动，则轻杆从释放起到转动90°的过程中（）A．B球的重力势能减少，动能增加B．A球的重力势能增加，动能减少C．轻杆对A球和B球都做正功D．A球和B球的总机械能是守恒的8．（4分）如图，在距地面h高处以初速度v0沿水平抛出一个物体，不计空气阻力，物体在下落过程中，下列说法中正确的是（）A．物体在c点比a具有的机械能大B．物体在c点比a具有的动能小C．物体在a、b、c三点具有的动能一样大D．物体在a、b、c三点具有的机械能相等9．（4分）节日燃放礼花弹时，要先将礼花弹放入竖直的炮筒中，然后点燃发射部分，通过火药剧烈燃烧产生高压燃气，将礼花弹由筒底射向空中．若礼花弹在由筒底发至筒口的过程中，克服重力做功为W1，克服炮筒阻力及空气阻力做功为W2，高压燃气对礼花弹做功为W3，则礼花弹在筒中的运动过程中（设礼花弹的质量不变）（）A．动能变化量为W3﹣W2﹣W1B．动能变化量为W1+W2+W3C．机械能增加量为W3﹣W2﹣W1D．机械能增加量为W3﹣W2二、填空题：（每空2分，共18分）10．（8分）在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=200g的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连续点．已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.8m/s2，那么（1）计算B点瞬时速度时，甲同学用v B2=2gs OB，乙同学用v B=．其中所选择方法正确的是（选填“甲”或“乙”）同学．（2）同学丙想根据纸带上的测量数据进一步计算重物和纸带下落过程中所受的阻力，为此他计算出纸带下落的加速度为m/s2，从而计算出阻力F f= N．（3）若同学丁不慎将上述纸带从OA之间扯断，他仅利用A点之后的纸带能否实现验证机械能守恒定律的目的？．（选填“能”或“不能”）11．（10分）如图，在水平桌面上用硬纸板做成一个斜面，使一个钢球从斜面上某一位置滚下，钢球沿桌面飞出后做平抛运动，用一把刻度尺可以测量出钢球在水平桌面上运动的速度．具体做法是：（1）先测量出小球在地面上的落点与桌子边缘的水平距离x；再量出水平桌面距地面的高度y则钢球离开桌面的速度为：v1=．（2）测量钢球在斜面上开始滚下的位置相对桌面的高度h；由机械能守恒定律，可得钢球在水平桌面上运动的速度v2=．（3）对比这两种方法得到的速度发现，有v1v2（填：“＞”、“＜”或“=”）；原因是．三、计算题：（本题共4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）12．（8分）能源短缺和环境恶化已经成为关系到人类社会能否持续发展的大问题．为缓解能源紧张压力、减少环境污染，汽车制造商纷纷推出小排量经济实用型轿车．某公司研制开发了某型号小汽车发动机的额定功率为24kW，汽车连同驾乘人员总质量为m=2000kg，在水平路面上行驶时受到恒定的阻力是800N，求：（1）汽车在额定功率下匀速行驶的速度；（2）汽车在额定功率下行驶，速度为20m/s时的加速度．13．（10分）下图为中国月球探测工程的标志，测工程的想象标志，它以中国书法的笔触，勾勒出一轮明月和一双踏在其上的脚印，象征着月球探测的终极梦想．一位勤于思考的同学，为探月宇航员设计了如下实验：在距月球表面高h处以初速度v0水平抛出一个物体，然后测量该平抛物体的水平位移为x．通过查阅资料知道月球的半径为R，引力常量为G，若物体只受月球引力的作用，请你求出：（1）月球的密度ρ；（2）环绕月球表面的宇宙飞船的速率v．14．（12分）竖直放置的半径R=80cm的半圆形光滑轨道与水平轨道相连接，连接点为P．质量为m=50g的小球以一定的初速度由水平轨道向左运动，并沿圆轨道的内壁运动到最高点M，如果球A经过N点时速度v N=8m/s，经过M点时对轨道的压力为0.5N．重力加速度g取10m/s2．求：（1）小球经过半圆轨道的P点时的速度大小．（2）小球经过半圆轨道的P点时对轨道的压力大小．（3）小球从N点运动到M点的过程中克服摩擦阻力做的功．15．（12分）如图所示，质量为m=0.1kg的小球置于平台末端A点，平台的右下方有一个表面光滑的斜面体，在斜面体的右边固定一竖直挡板，轻质弹簧拴接在挡板上，弹簧的自然长度为x0=0.3m，斜面体底端C 距挡板的水平距离为d2=1m，斜面体的倾角为θ=45°，斜面体的高度h=0.5m．现给小球一大小为v0=2m/s的初速度，使之在空中运动一段时间后，恰好从斜面体的顶端 B 无碰撞地进入斜面，并沿斜面运动，经过 C 点后再沿粗糙水平面运动，过一段时间开始压缩轻质弹簧．小球速度减为零时，弹簧被压缩了△x=0.1m．已知小球与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，设小球经过 C 点时无能量损失，重力加速度g=10m/s2，求：（1）平台与斜面体间的水平距离d1；（2）小球在斜面上的运动时间t；（3）弹簧压缩过程中的最大弹性势能E p．2014-2015学年山东省东营一中高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共40分，在每题所给的四个选项中，有一个或多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分）1．（4分）以下关于分运动和合运动的关系的讨论中，错误的说法是（）A．两个直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动B．两个直线运动的合运动，一定是直线运动，不可能是曲线运动C．两个匀速直线运动的合运动，一定是直线运动，不可能是曲线运动D．两个分运动的运动时间，一定与它们的合运动的运动时间相等【分析】合运动是直线运动还是曲线运动取决于合速度方向与合加速度方向是否在同一条直线上．根据平行四边形定则，即可求解．【解答】解：A、根据平行四边形定则知，两个直线运动的合运动，若合加速度与合初速度的方向共线，则是直线运动；若两者方向不共线，则可能是曲线运动。
优质东营市人教版高一下学期第一次质量检测物理试题
优质东营市人教版高一下学期第一次质量检测物理试题一、选择题1．一质量为2kg的物体在如图甲所示的xOy平面上运动，在x轴方向上的v-t图象和在y 轴方向上的S-t图象分别如图乙、丙所示，下列说法正确的是( )A．前2s内物体做匀变速曲线运动B．物体的初速度为8m/sC．2s末物体的速度大小为8m/sD．前2s内物体所受的合外力为16N2．质量为2kg的质点在x-y平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点的初速度为3 m/sB．2s末质点速度大小为6 m/sC．质点做曲线运动的加速度为3m/s2D．质点所受的合外力为3 N3．一辆汽车在水平公路上转弯，沿曲线由P向Q行驶，速率逐渐增大．下列四图中画出了汽车转弯所受合力F，则符合条件的是A．B．C．D．4．如图所示，若质点以初速度v 0正对倾角为θ＝37°的斜面水平抛出，要求质点到达斜面时位移最小，则质点的飞行时间为 ( )．A ．034v gB ．038v gC ．083v gD ．043v g5．如图所示，P 是水平地面上的一点，A 、B 、C 、D 在同一条竖直线上，且AB =BC =CD .从A 、B 、C 三点分别水平抛出一个物体，这三个物体都落在水平地面上的P 点．则三个物体抛出时的速度大小之比为v A ∶v B ∶v C 为( )A ．2:3:6B ．1:2:3C ．1∶2∶3D ．1∶1∶16．如图所示，A 、B 为半径相同的两个半圆环，以大小相同、方向相反的速度运动，A 环向右，B 环向左，则从两半圆环开始相交到最后分离的过程中，两环交点P 的速度方向和大小变化为( )A ．先向上再向下，先变大再变小B ．先向上再向下，先变小再变大C ．先向下再向上，先变大再变小D ．先向下再向上，先变小再变大7．平抛运动可以分解为水平和竖直方向的两个直线运动,在同一坐标系中作出这两个分运动的v -t 图线,如图所示,若平抛运动的时间大于2t 1,下列说法中正确的是A．图线2表示水平分运动的v-t图线B．t1时刻的速度方向与初速度方向夹角为30°C．t1时间内的竖直位移与水平位移之比为1 2D．2t1时刻的速度方向与初速度方向夹角为60°8．从O点抛出A、B、C三个物体，它们做平抛运动的轨迹分别如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体在空中运动的时间t A．、t B、t C的关系分别是（）A．v A．>v B>v C，t A．>t B>t C B．v A．<v B<v C，t A．=t B=t CC．v A．<v B<v C，t A．>t B>t C D．v A．>v B>v C，t A．<t B<t C9．一只小船渡河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边．小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，运动轨迹如图所示．船相对于静水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变．由此可以确定船（）A．沿AD轨迹运动时，船相对于静水做匀减速直线运动B．沿三条不同路径渡河的时间相同C．沿AB轨迹渡河所用的时间最短D．沿AC轨迹船到达对岸的速度最小10．如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业．为了节省救援时间，消防车向前前进的过程中，人相对梯子匀加速向上运动，在地面上看消防队员的运动，下列说法中正确的是（）A．当消防车匀速前进时，消防队员可能做匀加速直线运动B．当消防车匀速前进时，消防队员水平方向的速度保持不变C．当消防车匀加速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动D．当消防车匀减速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动11．如图所示，一小球从一半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点。
山东省东营市第一中学高一物理下学期期末试卷带解析
山东省东营市第一中学高一物理下学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 轻杆一端固定在光滑水平轴O上，另一端固定一质量为m的小球，如图所示。
现给小球一初速度v，使其在竖直平面内做圆周运动，且刚好能通过最高点P。
则下列说法正确的是A．小球在最高点时对村杆的作用力为mgB．小球在最高点时对杆的作用力为零C．若增大小球的初速度，则在最高点时球对杆的力一定增大D．若增大小球的初速度，则在最高点时球对杆的力一定减小参考答案：A2. （多选）火车轨道在转弯处外轨高于内轨，其高度差由转弯半径与火车速度确定．若在某转弯处规定行驶的速度为v，则下列说法中正确的是A．当火车以速度v通过此弯道时，火车所受重力与轨道面支持力的合力提供向心力B．当火车以速度v通过此弯道时，火车所受重力、轨道面支持力和外轨对轮缘弹力的合力提供向心力C．当火车速度大于v时，轮缘挤压外轨D．当火车速度小于v时，轮缘挤压外轨参考答案：AC3. （单选）小木块m从光滑曲面上P点滑下，通过粗糙静止的水平传送带落于地面上的Q点，如图1-2所示。
现让传送带在皮带轮带动下逆时针转动，让m从P处重新滑下，则此次木块的落地点将( )A．仍在Q点B．在Q点右边C．在Q点左边D．木块可能落不到地面参考答案：A 4. 一辆汽车以速度v匀速行驶了全程的一半，然后匀减速行驶了全程的另一半，恰好静止，则全程的平均速度为（）A．v/3 B．v/2 C．2v/3 D．3v/4参考答案：C5. 一物体位移与时间的关系为S=5t+5t2(t以秒为单位，s以米为单位)，则A. 这个物体的初速度为5m/sB. 这个物体的加速度为10m/s2C. 这个物体的初速度是10m/sD. 这个物体的加速度是５m/s2参考答案：AB二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图（7）所示，让滑块沿倾斜的气垫导轨做加速运动。
将滑块放上不同的遮光片，遮光片的宽度Δx有10cm，5cm，3cm，1cm……规格的。
山东省东营市区实验中学高一物理下学期期末试题含解析
山东省东营市区实验中学高一物理下学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示为四个物体在一条直线上运动的图象，那么由图象可以看出，做匀加速直线运动的是（ ）CD2. 质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x ＝5t ＋t (各物理量均采用国际制单位)，则该质点( )A ．该质点的加速度为2m/s 2B ．任意1 s 内的速度增量都是2 m/sC ．第1 s 内的位移是5 mD ．前2 s 内的平均速度是6 m/s 参考答案： AB3. 如图所示，两个质量均为m 的铁环系有等长的细绳，共同拴着质量为M 的小球．两铁环与小球均保持静止，现使两铁环间距离增大少许，系统仍保持静止，则细绳中的拉力F 以及水平横杆对铁环的摩擦力F f 将（ ） A ．F 增大 B ．F f 增大 C ．F 不变 D ．F f 减小参考答案： AB4. （单选）一物体做直线运动的图象如图1—1所示，则该物体A. 先做加速运动，后做减速运动，速度方向相同B. 先做加速运动，后做减速运动，速度方向相反C. 先做减速运动，后做加速运动，速度方向相同D. 先做减速运动，后做加速运动，速度方向相反参考答案：A5. （多选题）如图所示为表示甲、乙物体运动的s─t 图象，则其中正确的是（ ）A ．甲物体做变速直线运动，乙物体做匀速直线运动B ．两物体的初速度都为零C ．在t 1时间内两物体平均速度大小相等D ．相遇时，甲的速度大于乙的速度参考答案：ACD【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】位移﹣时间图象中图线的斜率表示物体的速度，倾斜的直线表示物体匀速直线运动．斜率增大，物体的速度增大．在t1时间内两物体的位移相等，时间相等，由公式=，得知平均速度相同．【解答】解：A、甲图线的斜率逐渐增大，说明甲的速度增大，做变速直线运动．乙图线是倾斜的直线，说明乙的速度不变，做匀速直线运动．故A正确．B、从斜率可以看出，两物体的初速度都不为零．故B错误．C、由图，在t1时间内两物体的位移相等，时间相等，由公式=，得知平均速度相同．故C正确．D、在t1时刻，两物体相遇，甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则甲的速度大于乙的速度．故D正确．故选ACD．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图甲所示的演示实验中，A、B两球同时落地，说明__________，某同学设计了如图乙所示的实验：将两个斜滑道固定在同一竖直面内，最下端水平，把两个质量相等的小钢球，从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板吻接，则他将观察到的现象是__________，这说明____________。
山东省东营市垦利第一中学高一物理下学期期末试卷含解析
山东省东营市垦利第一中学高一物理下学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于物体的惯性，下列说法中正确的是（）A. 物体的质量越大，其惯性就越大B. 做自由落体运动的物体没有惯性C. 静止的火车启动时，速度变化慢，是因为静止的物体惯性大D. 运动速度大的物体不能很快停下来，是因为物体速度越大，惯性也越大参考答案：A2. 竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中以0.1 m/s的速度匀速上浮，现当红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时，使玻璃管水平匀速向右运动，测得红蜡块实际运动方向与水平方向成30°角，如图2所示。
若玻璃管的长度为1.0 m，则可知玻璃管水平方向的移动速度和水平运动的距离为（）A．0.1 m/s，1.7 mB．0.17 m/s，1.0 mC．0.17 m/s，1.7 mD．0.1 m/s，1.0 m参考答案：C3. （单选题）下面关于摩擦力与弹力的说法中正确的是（）A、存在弹力的接触面间一定存在摩擦力B、存在摩擦力的接触面间一定存在弹力C、相互接触的物体之间一定存在弹力D、发生相对运动的接触面之间一定存在摩擦力参考答案：B4. 汽车以20m／s的速度作匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m／s2，刹车后6s内汽车的位移是（）A、30ｍB、40ｍC、10ｍD、0ｍ参考答案：B5. 一个物体在地球表面所受的重力为G，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受的引力为（）A． B． C． D．参考答案：D【考点】万有引力定律及其应用．【分析】在地球表面的物体其受到的重力我们可以认为是等于万有引力，设出需要的物理量，列万有引力公式进行比较．【解答】解：设地球的质量为：M，半径为R，设万有引力常量为G′，根据万有引力等于重力，则有：①在距地面高度为地球半径的2倍时：②由①②联立得：F=故选：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一个质量为m的物体放在倾角为θ的斜面上匀速下滑，物体与斜面间的动摩擦因素μ=______；物体受到的摩擦力的大小为f=__________。
山东省东营一中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷 Word版含解析
2014-2015学年山东省东营一中高二（上）期末物理试卷一、选择题（36分）1．（3分）（2014秋•东营区校级期末）用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理量中不属于比值法定义式的是（）A．B．磁感应强度B=电势φ=D．电阻R=C．电容C=考点：磁感应强度；电势．分析：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解答：解：A、电势定义式φ=中，电势与试探电荷的电势能和电荷量均无关，故是比值定义法，故A错误；B、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以B=属于比值定义法，故B错误；C、公式容C=是电容的决定式，不是比值法定义的，故C正确；D、导体的电阻由导体本身决定，与U、I无关，电阻R=用比值法定义的，故D错误；故选：C．点评：关于定义式的判定，要从这个物理量的定义来做判定，一个物理量一般分定义式和计算式，注意分清．2．（3分）（2014•宿州模拟）两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如图所示．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B0，则C处磁场的总磁感应强度大小是（）A．0B．B0C．D．2B0考点：磁感应强度．分析：根据右手螺旋定则得出两根通电导线在C点的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则得出合场强的大小．解答：解：根据安培定则可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B 在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右，如图，根据平行四边形定则得到，C处的总磁感应强度为B总=2Bcos30°=B0．故选：C点评：解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断通电电流周围的磁场方向，以及知道磁感应强度是矢量，合成遵循平行四边形定则．3．（3分）（2014秋•东营区校级期末）下列说法正确的是（）A．初速度为零的质子只受电场力的作用，一定沿电场线运动B．一小段通电导线在某处不受磁场力的作用，则该处的磁感应强度一定为零C．在电场中静止的电荷一定受电场力，在磁场中只有运动的电荷才可能受洛仑兹力D．洛伦兹力对带电粒子不做功，因此它不能改变带电粒子的动能考点：电场强度；洛仑兹力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：电荷在电场中一定受电场力，而通电导线在磁场中，不一定受到磁场力，还与放置的角度有关，从而即可求解．解答：解：A、初速度为零的质子只受电场力的作用，只有在点电荷的电场中，或匀强电场中，质子才一定沿电场线运动，故A错误；B、一小段通电导线在某处不受磁场力的作用，则该处磁感应强度不一定为零，可能平行与磁场放置，故B错误；C、在电场中静止的电荷一定受电场力，在磁场中只有运动的电荷才可能受洛仑兹力，故C正确；D、洛伦兹力对带电粒子不做功，因此它只改变粒子运动的方向，不能改变带电粒子的动能，故D正确；故选：CD点评：考查电荷在电场中一定受电场力，而通电导线在磁场中不一定受磁场力，注意通电导线在磁场中放置角度．4．（3分）（2011•黄浦区二模）如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大考点：电势能；牛顿第二定律；电场线；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．解答：解：电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最低，故A错误；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故B正确，C错误；等势线密的地方电场线也密，电场强度大，所受电场力大，因此加速度也大，故D正确．故选：BD．点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．5．（3分）（2011•东城区一模）如图是示波管的工作原理图：电子经电场加速后垂直于偏转电场方向射入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转电场的极板长度与极板间的距离分别为L和d，y为电子离开偏转电场时发生的偏转距离．取“单位偏转电压引起的偏转距离”来描述示波管的灵敏度，即（该比值越大则灵敏度越高），则下列哪种方法可以提高示波管的灵敏度（）A．增大U1B．增大U2C．减小L D．减小d 考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：先求出的表达式，由表达式分析提高灵敏度的方式．解答：解：经加速电场后的速度为V，则所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v0=，电子进入偏转电场后的偏转的位移为，y=at2===，所以示波管的灵敏度=，所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以D正确．故选：D点评：本题是信息的给以题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决本题．6．（3分）（2014秋•东营区校级期末）如图所示，电子射线管（A为其阴极），放在蹄形磁铁的N、S两极间，则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是（）A．向下B．向上C．向左D．向右考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转．从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定则判断．解答：解：因为A是阴极，B是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是A到B，产生的电流方向是B到A（注意是电子带负电），根据左手定则，四指指向A，手掌对向N极（就是这个角度看过去背向纸面向外），此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转．故选：A点评：本题要掌握左手定则判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向．（注：对负电荷而言，四指所指方向为其运动的反方向）7．（3分）（2011•株洲一模）如图所示：在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒．当导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上逆时针至水平向左的过程中，关于B的大小的变化，正确的说法是（）A．逐渐增大B．逐渐减小C．先减小后增大D．先增大后减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题中导体棒受三个力，重力G、支持力F N和安培力F A，三力平衡，合力为零，其中重力的大小和方向都不变，支持力的方向不变，安培力的方向由水平向右逐渐变为竖直向上，根据平行四边形定则分析．解答：解：对导体棒受力分析，受重力G、支持力F N和安培力F A，三力平衡，合力为零，将支持力F N和安培力F A合成，合力与重力相平衡，如图从图中可以看出，安培力F A先变小后变大，由于F A=BIL，其中电流I和导体棒的长度L均不变，故磁感应强度先变小后变大；故选C．点评：三力平衡的动态分析问题是一中常见的问题，其中一个力大小和方向都不变，一个力方向不变、大小变，第三个力的大小和方向都变，根据平行四边形定则做出力的图示分析即可．8．（3分）（2014秋•东营区校级期末）直线AB是某电场中的一条电场线．若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如图所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势的判断正确的是（）A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＞φB D．φA＜φB考点：电势；电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据速度图象得出电子的加速度越来越小，根据牛顿第二定律说明电场力越来越小，再根据电场强度的定义求解．沿着电场线方向电势降低．解答：解：A、B、由图可知，电子在A点加速度较大，则可知A点所受电场力较大，由F=Eq 可知，A点的场强要大于B点场强；故A正确，B错误；C、D、电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，故ɛA＜ɛB，电子带负电，由φ=可知，A点的电势要大于B点电势，φA ＞φB，故C正确，D错误；故选：AC．点评：本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；同时还需注意，电势能是由电荷及电场共同决定的，故不能忽视了电荷的极性．9．（3分）（2014秋•东营区校级期末）如图所示为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t，在该区域加沿轴线方向的匀强磁场，磁感应强度为B，带电粒子仍以同一初速度直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转60°角，如图所示，根据上述条件可求下列物理量中的（）A．带电粒子的比荷B．带电粒子的初速度C．带电粒子在磁场中运动的半径D．带电粒子在磁场中运动的时间考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：在没有磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域时粒子做匀速直线运动；在有磁场时，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，粒子做匀速圆周运动．在匀速直线运动中虽不知半径，但可由位移与时间列出与入射速度的关系，再由匀速圆周运动中半径公式可算出粒子的比荷、周期．解答：解：A、在没有磁场时，粒子做匀速直线运动，故：2R=vt，加上磁场后，轨迹如图：根据几何关系，有：r==R=，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：=，故A正确；B、由于不知道磁场的半径，无法求出粒子的速度，故B错误；C、由A可知，r=，由于不知道粒子的初速度，无法求出粒子的半径，故C错误；D、粒子在磁场中做圆周运动的周期：T==πt，知道粒子转过的圆心角，可以求出粒子在磁场中的运动时间，故D正确；故选：AD．点评：带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径，同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题．10．（3分）（2014秋•东营区校级期末）某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（）A．反映P r变化的图线是cB．电源电动势为8v，电源内阻为2ΩC．b、c线的交点与a、c线的交点的横坐标之比一定为1：2，纵坐标之比一定为1：4 D．当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω考点：电功、电功率；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：三种功率与电流的关系是：直流电源的总功率P E=EI，内部的发热功率P r=I2r，输出功率P R=EI﹣I2r，根据数学知识选择图线．根据图线a斜率求解电源的电动势．由图读出电流I=2A时，发热功率P r=I2r，求出电源的内阻．当电流为0.5A时，读出电源的功率，结合欧姆定律求出外电阻．解答：解：A、根据直流电源的总功率P E=EI，内部的发热功率P r=I2r，输出功率P R=EI﹣I2r，可知反映P r变化的图线是c，反映P E变化的是图线a，反映P R变化的是图线b．故A正确．B、图线a的斜率等于电源的电动势，当I=2A时，P r=8W，由得到E===4V，由公式P r=I2r得，r=2Ω．故B错误．C、由图，当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为=，功率的大小为，a、c线的交点表示电源的总功率P E和电源内部的发热功率P r相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为，功率的大小为，所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4，所以C正确D、当电流为0.5A时，由图读出电源的功率P E=2W．由P E=代入得到，R=6Ω．故D正确．故选：ACD点评：本题首先考查读图能力，物理上往往根据解析式来理解图象的物理意义．11．（3分）（2012•湖南模拟）如图所示，ABC为竖直平面内的光滑绝缘轨道，其中AB为倾斜直轨道，BC为与AB相切的圆形轨道，并且圆形轨道处在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里．质量相同的甲、乙、丙三个小球中，甲球带正电、乙球带负电、丙球不带电．现将三个小球在轨道AB上分别从不同高度处由静止释放，都恰好通过圆形轨道的最高点，则（）A．经过最高点时，三个小球的速度相等B．经过最高点时，甲球的速度最小C．甲球的释放位置比乙球的高D．运动过程中三个小球的机械能均保持不变考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；机械能守恒定律．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：三个小球在磁场中受洛仑兹力方向不同，最高点由重力和洛仑兹力充当向心力；由向心力公式可知最高点的速度关系；由机械能守恒定律可得出各球释放的位置．解答：解：A、在最高点时，甲球受洛仑兹力向下，乙球受洛仑兹力向上，而丙球不受洛仑兹力，故三球在最高点受合力不同，故由F合=m可知，三小球的速度不相等；故A错误；B、因甲球在最高点受合力最大，故甲球在最高点的速度最大，故B错误；C、因甲球的速度最大，而在整个过程中洛仑兹力不做功，故机械能守恒，甲球释放时的高度最高，故C正确；D、因洛仑兹力不做功，故系统机械能守恒，三个小球的机械能保持不变，故D正确；故选CD．点评：本题应牢记洛仑兹力的性质，洛仑兹力永不做功，故三个小球在运动中机械能守恒．12．（3分）（2014秋•城区校级期末）如图所示，虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场，有一个带正电小球（电量为+q，质量为m）从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下，那么，带电小球可能沿直线通过下列电磁混合场的是（）（注：实线箭头代表E方向，虚线箭头或“×”代表B方向）A．B．C．D．考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：当粒子不受洛伦兹力或者三力平衡时物体有可能沿着直线通过电磁场区域．解答：解：A、小球受重力、向左的电场力、向右的洛伦兹力，下降过程中速度一定变大，故洛伦兹力一定变化，不可能一直与电场力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲线运动，故A错误；B、小球受重力、向左的电场力、垂直向外的洛伦兹力，合力与速度一定不共线，故一定做曲线运动，故B错误；C、小球受重力、向左上方的电场力、水平向右的洛伦兹力，若三力平衡，则粒子做匀速直线运动，故C正确；D、粒子受向下的重力和向上的洛伦兹力，合力一定与速度共线，故粒子一定做直线运动，故D正确；故选：CD．点评：本题关键在于洛伦兹力与速度垂直且与粒子速度方向垂直，要使粒子做直线运动，要么三力平衡，要么不受洛伦兹力．二、填空题（20分）13．（10分）（2014秋•东营区校级期末）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为 4.700 mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，则该电阻的阻值约为220 Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S及导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，测量的电路图如图所示，则选择的电流表是A2、电压表是V1、滑动变阻器是R1（填写所用器材的代号）．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（2）用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，当指针指在中央附近时测量值较准确；（3）的关键是通过估算电路中的最大电流来选择电流表量程；根据要求“测得多组数据”可知．变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器方便调节．解答：解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm．（2）该电阻的阻值约为22.0×10Ω=220Ω．（3）电源的电动势是4V，所以要使用量程是3V的电压表V1，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：A，所以电流表应选A2；由于要求“测得多组数据”，所以变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1；故答案为：（1）4.700；（2）220；（3）A2，V1，R1．点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．14．（10分）（2014秋•东营区校级期末）用伏安法测电源电动势和内电阻，已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的（甲）、（乙）两种可供选用的测量电路．（1）为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是乙．（2）由实验数据做出如图（丙）所示图线，则该电源的内电阻r= 1 Ω．（3）所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比较的情况是：E测＜E真；r测＜r真．（填“＞”或“＜”）（4）误差出现的原因是电压表分流．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）当电源内阻较小时，为减小实验误差，相对于电源电流表应采用外接法．（2）电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．（3）根据实验电路分析实验误差．（4）根据图示电路图分数实验误差原因．解答：解：（1）已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，为减小实验误差，应采用图乙所示电路图．（2）由图2所示图象可知，电源内阻r===1.0Ω．（3）由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U﹣I图象如图所示，由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值．（4）由图示图象可知，由于电压表的分流作用，所测电流小于通过电源的电流，电压表分流是造成误差的原因．故答案为：（1）乙；（2）1；（3）＜；＜；（4）电压表分流．点评：本题考查测量电动势和内电阻实验的数据的处理，要求能正确分析误差的来源，并能用图象法求出电势和内电阻．三、计算题（44分）15．（10分）（2014秋•东营区校级期末）如图所示，一个质量为m、电荷量为q，不计重力的带电粒子，从x轴上的P（a，0）点，以速度v沿与x轴正方向成60°角射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限．求：匀强磁场的磁感应强度B的大小和粒子通过第一象限的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出磁感应强度．（2）根据粒子在磁场中转过的圆心角与粒子做圆周运动的周期求出粒子在磁场中的运动时间．解答：解：（1）设磁感应强度为B，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r．粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m…①，粒子运动轨迹如图所示，由几何知识得：r=…②由①②解得：B=…③；（2）设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T，则T=…④由图知，粒子在磁场中做圆周运动对应的圆心角为：θ=…⑤粒子在磁场中运动的时间为：t=T…⑥由②④⑤⑥解得：t=；答：匀强磁场的磁感应强度B为，带电粒子在磁场中的运动时间是．点评：本题考查了求粒子在磁场中的运动，考查了求磁感应强度、粒子的运动时间，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，应用牛顿第二定律、周期公式即可正确解题，解题时要注意几何知识的应用．16．（8分）（2014秋•东营区校级期末）如图用某一直流电动机来提升重物，重物的质量m=50kg．当电压U1=12V时没有提起重物，这时电流为I1=3A．当电动机的电压为U2=110V，重物被提起．不计各种摩擦，当重物向上运动的速率恒定时，电路中的电流强度I2=5.0A，求：重物被电动机匀速提升时的速率？（取g=10m/s2）．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当电压U1=12V时没有提起重物，这时电流为I1=3A，根据欧姆定律知电动机电阻，电动机消耗的电能转化为提升重物的机械能和内部产生的内能，根据能量守恒定律列出电动机消耗的电功率与输出的机械功率与发热功率的关系式，求出重物被电动机匀速提升时的速率．解答：解：当电压U1=12V时没有提起重物，这时电流为：I1=3A，根据欧姆定律知电动机电阻为：R===4Ω根据能量转化和守恒定律得：U2I2=mgv+I22R代入数据为：110×5=50×10v+52×4解得：v=0.9m/s答：重物被电动机匀速提升时的速率为0.9m/s．点评：电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，抓住能量如何转化列方程是关键．17．（10分）（2013秋•江陵县期末）如图所示，两平行金属导轨间距l=0.5m，导轨与水平面成θ=37°．导轨上端连接有E=6V、r=1Ω的电源和滑动变阻器．长度也为l的金属棒ab垂直导轨放置且与导轨接触良好，金属棒的质量m=0.2kg、电阻R0=1Ω，整个装置处在竖直向上的匀强磁场中，金属棒一直静止在导轨上．当滑动变阻器的阻值R=1Ω时金属棒刚好与导轨间无摩擦力．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）此时电路中的电流I；（2）当滑动变阻器接入电路的电阻为4Ω时金属棒受到的摩擦力．考点：共点力平衡的条件及其应用；闭合电路的欧姆定律；安培力．专题：电磁感应中的力学问题．。
山东高一高中物理期末考试带答案解析
山东高一高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.做匀速圆周运动的物体，在运动过程中下列物理量发生变化的是A．周期B．角速度C．线速度D．向心加速度2.如图所示，一水平圆盘可绕通过盘心O且垂直于盘面的竖直轴转动．在圆盘上放置小木块，它随圆盘一起做匀速圆周运动．木块受力的个数为A．1个B．2个C．3个D．4个3.万有引力的发现实现了物理学史上的第一次大统一——“地上物理学”和“天上物理学”的统一．它表明天体运动和地面上物体的运动遵循相同的规律．牛顿在发现万有引力定律的过程中，将行星的椭圆轨道简化为圆轨道，还应用了其他的规律和结论．下面的规律和结论被使用到的有A．开普勒行星运动定律B．卡文迪许通过扭秤实验测出的引力常量C．牛顿第二定律D．牛顿第三定律4.下列说法正确的是A．做曲线运动的物体，其速度一定在不断变化B．做曲线运动的物体，其加速度一定在不断变化C．重力对物体做功，则物体的重力势能一定增加D．两个匀加速直线运动的合运动一定也是匀加速直线运动5.某同学欲将小球水平抛进水平地面正前方的小洞中，结果球飞过小洞没有抛进．为了能把小球水平抛进洞中，该同学应作出的合理调整为（不计空气阻力）A．适当减小初速度，抛出点高度不变B．适当增大初速度，抛出点高度不变C．初速度不变，适当降低抛出点的高度D．初速度不变，适当提高抛出点的高度6.如图所示，农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选．其过程为：在大小相同的风力作用下，谷种和瘪谷（空壳）谷粒都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，这样它们就会自然分开．对这一物理过程，下列分析正确的是A．谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度小些B．谷种质量大，惯性大，飞得远些C．谷种和瘪谷在竖直方向做匀速直线运动D．M处是瘪谷，N处为谷种7.2010年诺贝尔物理学奖授予英国曼彻斯特大学的科学家安德烈·海姆和康斯坦丁·诺沃肖洛夫，以表彰他们在石墨烯材料方面的卓越研究．石墨烯是碳的二维结构，它是目前世界上已知的强度最高的材料，这为“太空电梯”缆线的制造打开了一扇希望之门，使人类通过“太空电梯”进入太空成为可能．假设有一个“太空电梯”从地面赤道上某处连接到其正上方的地球同步飞船上．关于该“太空电梯”上高度不同的部位，下列说法正确的是A．加速度相同B．线速度相同C．角速度相同D．各质点都处于失重状态8.2010年10月1日我国成功发射了探月卫星“嫦娥二号”，“嫦娥二号”卫星在距月球表面100km的圆形轨道上绕月运行，较“嫦娥一号”距月球表面200km的圆形轨道要低，这有利于对重点地区进行更加精细地测绘．比较两颗卫星在上述各自轨道上运行的情况，下列说法正确的是A．“嫦娥二号”运行的线速度比“嫦娥一号”小B．“嫦娥二号”运行的加速度比“嫦娥一号”小C．“嫦娥二号”运行的角速度比“嫦娥一号”小D．“嫦娥二号”运行的周期比“嫦娥一号”小9.为了对火星及其周围的空间环境进行探测，我国预计于2011年10月发射第一颗火星探测器“萤火一号”．假设探测器在离火星表面高度分别为h1和h2的圆轨道上运动时，周期分别为T1和T2．火星可视为质量分布均匀的球体，且忽略火星的自转影响，万有引力常量为G．利用以上数据，可以计算出A．火星的质量B．“萤火一号”探测器的质量C．火星对“萤火一号”探测器的引力大小D．火星表面的重力加速度大小10.如图甲所示，把纸带固定在质量为50g的钩码上，让纸带穿过正确安装的打点计时器，接通电源，然后松开纸带，让钩码自由下落，计时器在纸带上打下一系列的点，得到如图乙所示的纸带．用刻度尺测量起始点O（钩码刚要下落时，打点计时器在纸带上打下的点）到各点的距离，并知道交流电源的频率是50Hz，根据上述数据，在此实验中可以做到A．测出当地重力加速度的精确值B．计算出计时器在纸带上打D点时钩码的动能C．计算出钩码下落过程中受到的合外力大小D．较准确地验证机械能守恒定律11.用竖直向上的拉力将质量为20kg的物体从静止开始以2m/s2的加速度竖直向上提升4m时，拉力的瞬时功率为（不计空气阻力，取当地的重力加速度）A．480W B．960W C．800W D．320W12.把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客，这样的客车车辆叫做动车。
山东高一高中物理期末考试带答案解析
山东高一高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、其他1.关于机械能守恒定律的适用条件，下列说法中正确的是（）A．只有重力和弹力做功时，机械能守恒B．当有其他外力作用时，只要合外力为零，机械能守恒C．当有其他外力作用时，只要合外力的功为零，机械能守恒D．炮弹在空中飞行不计阻力时，仅受重力作用，所以爆炸前后机械能守恒2.若以抛出点为起点，取初速度方向为水平位移的正方向，则在下图中，能正确描述（）3.关于曲线运动，下列说法中正确的有（）A．做曲线运动的物体，受到的合外力方向一定不断改变B．只要物体做匀速圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心C．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动4.把太阳系各行星的运动近似看作匀速圆周运动，则离太阳越远的行星（）A．周期越小B．线速度越小C．角速度越小D．加速度越小5.如图所示，两个质量相同的物体A和B，在同一高度处，A物体自由落下，B物体沿光滑斜面下滑，则它们到达地面时（空气阻力不计）（）A．速率相同，动能相同B．B 物体的速率大，动能也大C．A物体在运动过程中机械能守恒，B物体在运动过程中机械能守不恒D．B物体重力所做的功比A物体重力所做的功多6.如图 (甲) 所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复。
通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力随时间变化的图象如图 (乙)所示，则（）A．时刻小球动能最大B．时刻小球动能最大C．这段时间内，小球的动能先增加后减少D．这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能7.质量为2t的汽车，发动机的牵引力功率为30kw，在水平的公路上，能达到的最大速度为15m/s，当汽车的速度为10m/s时的加速度为( )A．0.5m/s2B．1 m/s2C．1.5 m/s2D．2 m/s28.（6分）在探究“功和速度变化关系”的实验中(1)下列叙述正确的是A．实验中长木板应保持水平B．每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需保持一致C．每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值D．实验中应先接通打点计时器，再让小车在橡皮筋的作用下弹出(2)在正确操作情况下，打在纸带上的点并不是均匀的(如下图所示)，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的 (选填“AE”或“FK”)部分进行测量。
山东高一高中物理期末考试带答案解析
山东高一高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.一个做匀速直线运动的物体，突然受到一个与运动方向垂直的恒力作用时，物体的运动轨迹是（）A．一定做直线运动B．一定做匀变速运动C．可能做直线运动，也可能做曲线运动D．可能做匀速圆周运动2.如图所示，一小船位于100m宽的河的正中央A点处，从这里向下游m处由一危险区，当时水流速度为6m/s，为了使小船避开危险区直线到达对岸，那么小球航行的最小速度（静水中）为A．2m/s B．m/s C．4m/s D．3m/s3.如图所示，绳子一端拴着物体M，另一端绕过滑块系在水平向左运动的小车的P点，图示时刻滑轮左侧的绳子与水平方向成，则A．若小车匀速运动，则M加速上升B．若小车匀速运动，则M减速上升C．若小车做加速运动，则M匀速上升D．若小车做加速运动，则M减速上升4.中子星是恒星演化过程的一种可能结果，它的密度很大。
现有一可视为均匀球体的中子星，观测到它的自转周期为，要维持该星体的保持稳定，不致因自转而瓦解的最小密度约是（引力常数）A．B．C．D．5.汽车在平直公路上以速度匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶，如图四个图像中，那个图像正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系（）A．B．C．D．6.篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂手接触到球后两臂随球迅速引至胸前，这样做可以A．减小球对手的冲量B．减小球的动量变化率C．减小球的动量变化量D．减小球的动能变化量7.如图所示，光滑水平面上有甲乙两辆车，甲车上面有发射装置，甲车连同发射装置质量=2kg，车上另有一个质量为m=1kg的小球，甲车静止在水平面上，乙车总质量=4kg，以=7m/s的速度向甲车运动，甲车为了不和乙车相撞，向乙车水平发射小球m（乙上有接收装置使小球最终停在乙车上），则甲车相对地面发射小球的最小水平速度是A．6m/s B．9m/s C．12m/s D．8m/s8.在地面上方某一点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出，不计空气阻力，则小球在随后的运动中A．速度和加速度的方向都在不断变化B．速度与加速度方向之间的夹角一直减小C．在相等的时间间隔内，速率的该变量相等D．在相等的时间间隔内，动能的改变量相等二、多选题1.通过观测冥王星的卫星，可以推算处冥王星的质量。
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物理试题参考答案及评分标准
一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一
个选正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答得0分．
二、填空题：（每空2分，共18分）
11、（1）乙 （2）
（3）能
试题分析：（1）、由于实验过程中重物和纸带会受到空气和限位孔的阻力作用，导致测得的
加速度小于当地的重力加速度，所以求速度时不能用求解，根据来求瞬
时速度值，所以乙正确。
（2）、根据，可求出,代入数据解得，由
解得阻力
（3）根据可知，可以利用A 点之后的纸带验证机械能守恒，即能实现．
（3）〈；斜面的摩擦力做负功（活在斜面与桌面交界处发生碰撞损失动能；或钢球具有转动动能等答出一条就给2分）
13.解：(1)汽车匀速行驶时，机车牵引力F 等于阻力f 又P ＝Fv --------2分 代入数据得v ＝30 m/s-------1分
(2)设v 1＝20 m/s 时机车牵引力为F 1，则P ＝F 1v 1 -----2分 根据牛顿第二定律 F 1－f ＝ma ------2分 代入数据得a ＝0.2 m/s 2
------1分
14.解：(1)对平抛运动在水平方向有t v x 0= ○
1 竖直方向有2
2
1gt h =
○
2 月球表面的物体受到的重力等于万有引力 mg R
Mm
G =2 ○
3
月球的质量为 3
3
4R M πρ⋅
= ○
4 以上各式联立可得密度 2
20
23Rx G hv πρ= ⑤
（2）环绕月球表面的宇宙飞船R
v m mg 2
= ⑥
由○
1○2○5得 hR x
v v 20
= ⑦
注：①②④⑦各1分，③⑤⑥各2分。
15（12分） 解：（1）对小球在最高点 F+mg =m R
v
M 2
………… （2分）
代数解得：v M =4m/s ………… （1分） 小球从P 点到M 点的过程中，机械能守恒
则有 12mv P 2＝mg 2R ＋12mv M 2
…………………………………… （2分）
代数解得：v P =43 m/s …………………………………… （1分）
（2）在最低点P F N ﹣mg = m R
v
P 2
…………………………………… （1分）
代数解得：F N =3.5N …………………………………… （1分）
由牛顿第三定律得：小球经过半圆轨道的P 点时对轨道的压力大小也为3.5N （1分） （3）小球从N 点运动到M 点的过程中，由动能定理得：
﹣mg 2R ﹣W =12mv M 2﹣12mv N 2
…………………………………… （2分）
代数解得：W =0.4J …………………………………… （1分） 16解：(1)到达斜面顶端B 点时，小球竖直分速度
v By ＝v 0tan θ ①……………………（1分） 又 v By ＝gt 1 ② ………………………（1分） 水平方向 d 1=v 0t 1 ③ ………………………（1分） 由①②③式，可得 d 1＝0.4 m. ………………………（1分）
(2)小球在B 点时的速度 v B ＝v 0
cos θ
④ ………………………（1分）
小球由B 到C 过程中，由牛顿第二定律 mg sin θ＝ma ⑤……………（1分）
22
1
sin at t v h B +=θ ⑥ ………………………（1分）
由④⑤⑥ 解得 t ＝0.2 s ………………………（1分）
(3)小球在水平面上的运动过程中，由动能定理得
μmg (d 2－x 0)＋μmg Δx ＋E p ＝1
2
mv 2C ⑦ ………………………（2分） v C ＝v B ＋at ⑧ ………………………（1分）
由④⑤⑦⑧ 代入数据解得 E p ＝0.5 J. ………………………（1分）。