【物理】甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期期中试卷
甘肃省天水市秦安县第二中学2014-2015学年高二下学期期中考试物理试题 Word版含答案
紫铜管管塞甘肃省天水市秦安县第二中学2014-2015学年下学期期中考试高二物理试卷（时间：90分钟，满分110分 ）第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、本题共12小题；每小题4分，共48分。
在每个小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1、以下说法正确的是（ ）A 、当分子间距离增大时，分子间作用力减小，分子势能增大B 、已知某物质的摩尔质量为M ，密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A ，则该种物质的 分子体积为V 0＝AN M ρC 、自然界一切过程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生D 、一定质量的理想气体，压强不变，体积增大，分子平均动能增加 2、 以下说法正确的是（ ）A 、气体放出热量，其分子的平均动能一定减小B 、机械能不可能全部转化为内能，内能也无法全部用来做功而转化成机械能C 、气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关D 、蔗糖受潮后会粘在一起，没有确定的几何形状，它是非晶体 3、 以下说法中正确的是（ ）A 、现在教室内空气中的氮气和氧气的分子平均动能不同B 、用活塞压缩汽缸里的空气，活塞对空气做功52 J ，这时空气的内能增加了76 J ，则空气从外界吸热128 JC 、有一分子a 从无穷远处靠近固定不动的分子b ，当a 、b 间分子力为零时，它们具有的分子势能一定最小D 、显微镜下观察到的布朗运动是液体分子的无规则运动4、如图所示，在紫铜管内滴入乙醚，盖紧管塞．用手拉住绳子两端迅速往复拉动，管塞会被冲开．管塞被冲开前（ ）A 、外界对管内气体做功，气体内能增大mM B 、管内气体对外界做功，气体内能减小 C 、管内气体内能不变，压强变大D 、管内气体内能增加，压强变大5、如图所示，质量为M 导热性能良好的气缸由一根平行于斜面的细线系在光滑斜面上。
【物理】甘肃省天水三中2014-2015学年高一上学期期中试卷
甘肃省天水三中2014-2015学年高一上学期期中物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.1-9题每题只有一个选项符合要求，10-12有多个选项符合要求）1．（4分）下列关于质点的说法中正确的是（）A．只要是体积很小的物体都可看作质点B．只要是质量很小的物体都可看作质点C．质量很大或体积很大的物体都一定不能看作质点D．由于所研究的问题不同，同一物体有时可以看作质点，有时不能看作质点2．（4分）关于加速度的概念，正确的是（）A．加速度反映速度变化的快慢B．加速度反映速度变化的大小C．加速度为正值，表示物体速度一定是越来越大D．加速度为负值，表示速度一定是越来越小3．（4分）关于自由落体运动的加速度，下列说法正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．同一地点，轻、重物体下落的加速度一样大C．这个加速度在地球上任何地方都一样大D．这个加速度在地球赤道比在地球两极大4．（4分）如图所示，一个质点沿两个半径为R的半圆弧由A运动到C，规定向右方向为正方向，在此过程中，它的位移大小和路程分别为（）A．4R，2πR B．4R，﹣2πR C．﹣4R，2πR D．﹣4R，﹣2πR 5．（4分）火车以76km/h的速度经过某一段路，子弹以600m/s的速度从枪口射出，则（）A．两个都是平均速度B．76km/h是瞬时速度C．600m/s是瞬时速度D．600m/s是平均速度6．（4分）如图所示的四个图象中表示物体作匀变速直线运动的图象有（）A．B．C．D．7．（4分）有一质点从t=0开始由原点出发，其运动的速度﹣时间图象如图所示，则（）A．t=1s时，质点离原点的距离最大B．t=4s时，质点离原点的距离最大C．t=2s时，质点回到原点D．t=4s时，质点回到原点8．（4分）一物体由静止开始作匀加速运动，它在第n秒内的位移是s，则其加速度大小为（）A．B．C．D．9．（4分）A、B、C三点在同一直线上，一个物体自A点从静止开始作匀加速直线运动，经过B点时的速度为v，到C点时的速度为2v，则AB与BC两段距离大小之比是（）A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：110．（4分）甲、乙丙三个物体运动的s﹣t图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．乙物体做匀速直线运动B．甲物体做曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲=乙=丙D．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲＞乙＞丙11．（4分）A、B两个物体在同一地点，沿同一直线做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相同B．前4 s内A、B两物体的位移相同C．t=4 s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大12．（4分）一物体作匀变速直线运动，速度图象如图所示，则在前4s内（设向右为正方向）（）A．物体始终向右运动B．物体先向左运动，2s后开始向右运动C．前2s物体位于出发点的左方，后2s位于出发点的右方D．在t=2s时，物体距出发点最远二、填空题（每空3分）13．（3分）关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是（）A．打点计时器应用低压交流电源，交流电频率为50HzB．纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的上面C．要先通电，后释放纸带，纸带通过后立即切断电源D．为减小摩擦，每次测量应先将纸带理顺14．（6分）在做研究匀变速直线运动规律的实验时，某同学得到一条纸带，如图，并且每隔四个计时点取一个计数点，已知每两个计数点间的距离为S，且S1=0.96cm，S2=2.88cm，S3=4.80cm，S4=6.72cm，S5=8.64cm，S6=10.56cm，可以计算此纸带的加速度大小为_____m/s2；打第四个计数点时纸带的速度大小为___________m/s．15．（9分）一小球由静止开始沿光滑斜面滚下，依次经过A、B、C三点，已知s AB=6m，s BC=10m，小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s，则小球经过A、B、C三点时的速度依次是_________m/s、__________m/s、_________________m/s．三、计算题16．（10分）一物体从某一高度自由下落，经过一高度为2m的窗户用时间0.4s，g取10m/s2．求物体开始下落时的位置距窗户上檐的高度是多少？17．（12分）一物体由静止开始做匀加速直线运动，运动位移为4m时立即改做匀减速直线运动直至静止，若物体运动的总位移为10m，全过程所用的时间为10s，求：（1）物体在加速阶段加速度的大小；（2）物体在减速阶段加速度的大小；（3）物体运动的最大速度．18．（12分）汽车正以10m/s的速度在平直的公路上前进，突然发现正前方有一辆自行车以4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，汽车立即关闭油门做加速度大小为6m/s2的匀减速运动，汽车恰好不碰上自行车，求关闭油门时汽车离自行车多远？甘肃省天水三中2014-2015学年高一上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.1-9题每题只有一个选项符合要求，10-12有多个选项符合要求）1．（4分）下列关于质点的说法中正确的是（）A．只要是体积很小的物体都可看作质点B．只要是质量很小的物体都可看作质点C．质量很大或体积很大的物体都一定不能看作质点D．由于所研究的问题不同，同一物体有时可以看作质点，有时不能看作质点考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，与物体的质量、体积的大小无关．解答：解：A．只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，故大的物体也可以作为质点，例如地球绕太阳公转时，地球可以看成是质点，故A错误；B．小的物体有时却不能当作质点，原子核很小，但在研究原子核内部的结构等的时候是不能看成质点的，故B错误；C．能否看成质点与物体的质量、体积的大小无关．例如地球绕太阳公转时，地球可以看成是质点，故C错误；D．研究地球绕太阳公转时，地球可以看成是质点，而研究地球自转时不可以把地球看成质点，故D正确．故选D．点评：只要掌握了质点的概念解决此类问题就不在话下，此题是帮助我们掌握质点的概念的不可多得的一道好题．2．（4分）关于加速度的概念，正确的是（）A．加速度反映速度变化的快慢B．加速度反映速度变化的大小C．加速度为正值，表示物体速度一定是越来越大D．加速度为负值，表示速度一定是越来越小考点：加速度；速度．专题：常规题型．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，即物体的速度变化越快，物体的加速度越大；加速度的方向与速度同向时，速度增加，若反向时，则速度减小．解答：解：A、根据加速度的定义式a=可知加速度反映速度变化的快慢，故A正确，B错误；C、加速度为正值，如果速度为负值，即加速度的方向与速度反向时，速度一定是越来越小，故C错误；D、加速度为负值，如果速度为负值，加速度的方向与速度同向，速度一定是越来越大，故D错误；故选：A．点评：本题考查对加速度和速度关系的理解，抓住加速度的定义式和加速度与速度无关是解题的关键．3．（4分）关于自由落体运动的加速度，下列说法正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．同一地点，轻、重物体下落的加速度一样大C．这个加速度在地球上任何地方都一样大D．这个加速度在地球赤道比在地球两极大考点：重力加速度．分析：自由落体运动的加速度为重力加速度，方向竖直向下，在地球上的同一地点，重力加速度相同，随纬度的升高，重力加速度增大，随高度的升高，重力加速度减小；g值大小与物体质量无关，其物理意义为每秒速度的变化量．解答：解：A、在同一地点，轻、重物体的重力加速度g相同，故A错误；B、自由落体运动的重力加速度g与物体质量无关．B正确；C、在地球表面，随纬度的升高，重力加速度增大，C错误；D、这个加速度在地球赤道比在地球两极小，D错误．故选：B点评：解决本题的关键是知道重力加速度的物理意义，同一地点g值相同，纬度不同、高度不同g值不同．4．（4分）如图所示，一个质点沿两个半径为R的半圆弧由A运动到C，规定向右方向为正方向，在此过程中，它的位移大小和路程分别为（）A．4R，2πR B．4R，﹣2πR C．﹣4R，2πR D．﹣4R，﹣2πR考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移为起点到终点的有向线段；而路程为质点经过轨迹的长度．解答：解：由图可知质点的位移大小为4R，方向由A指向C；而质点经过的路程恰好为一个圆；故为2πR；故选：C．点评：本题考查路程及位移的定义，注意路程为标量，是物体经过轨迹的长度；则位移为起点到终点的有向线段，为矢量．5．（4分）火车以76km/h的速度经过某一段路，子弹以600m/s的速度从枪口射出，则（）A．两个都是平均速度B．76km/h是瞬时速度C．600m/s是瞬时速度D．600m/s是平均速度考点：平均速度；瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：理解平均速度与瞬时速度的区别：平均速度与一段时间或者一段位移相对应，瞬时速度与某一时刻或者某一位置相对应，据此可正确解答本题．解答：解：火车以76km/h的速度经过某一段路，76km/h与一段路相对应，是平均速度，弹以600m/s的速度从枪口射出，600m/s与枪口这一位置对应，为瞬时速度．故选：C．点评：本题比较简单，考查了基本概念的区别，对应概念的理解要把握其本质，注意多通过列举事例加深理解．6．（4分）如图所示的四个图象中表示物体作匀变速直线运动的图象有（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：看清楚图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律．解答：解：A、图象表示速度随时间的变化而变化，且速度与时间成正比；是匀加速运动，故A正确；B、图象表示物体的速度不随时间的变化而变化，是匀速直线运动，故B错误；C、图象表示路程随时间均匀变化，做匀速直线运动，故C错误；D、图象表示路程不随时间的变化而变化，是静止状态；故D错误；故选：A点评：此题考查的是我们对速度概念的理解和对图象的分析能力，属于基本能力的考查，读懂图象信息是正确解答此题的关键．7．（4分）有一质点从t=0开始由原点出发，其运动的速度﹣时间图象如图所示，则（）A．t=1s时，质点离原点的距离最大B．t=4s时，质点离原点的距离最大C．t=2s时，质点回到原点D．t=4s时，质点回到原点考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，加速度不变的运动为匀变速运动．图线与时间轴围成的面积表示位移，结合位移分析质点所处的位置．解答：解：A、B、在前2s内质点沿正方向运动，在后2s内沿负方向运动，两段时间内位移大小相等，4s末回到出发点，所以t=2s时离原点距离最大．故AB错误．C、D、由图象的“面积”看出，前2s内和后2s内位移大小相等，方向相反，则t=4s时回到原点．故C错误，D正确．故选：D．点评：本题抓住速度图象的“面积”等于位移是关键．能根据图象分析物体的运动情况，通过训练，培养基本的读图能力．8．（4分）一物体由静止开始作匀加速运动，它在第n秒内的位移是s，则其加速度大小为（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：计算题．分析：要求物体的加速度，知道物体在第n秒内的位移，根据平均速度公式s=t，需求物体在第n秒内的平均速度，故需求物体在第n秒初的速度v1和在第n秒末的速度v2．解答：解：设物体的加速度为a，由于物体做初速度为0的匀加速直线运动，根据v t=v0+at可得物体在第（n﹣1）秒末的速度为v1=（n﹣1）a，物体在第n秒末的速度为v2=na，则在第n秒内的平均速度，根据s=t物体在第n秒内的位移s=×1故物体的加速度a=故选A．点评：知道某段时间内的位移，求物体的加速度，可以利用平均速度公式求解，要求平均速度，需要知道物体的初速度和末速度的表达式．9．（4分）A、B、C三点在同一直线上，一个物体自A点从静止开始作匀加速直线运动，经过B点时的速度为v，到C点时的速度为2v，则AB与BC两段距离大小之比是（）A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：1考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度与位移的关系式，对AB和BC两段分别列方程即可就得AB与BC的位移大小之比．解答：解：对AB过程，由匀变速直线运动的速度与位移的关系式可得，V2=2aX AB，解得X AB=对BC过程可得，（2V）2﹣V2=2aX BC，解得X BC=所以AB与BC的位移大小之比为1：3．故选B．点评：本题是对匀变速直线运动的速度与位移的关系式的直接应用，题目比较简单．10．（4分）甲、乙丙三个物体运动的s﹣t图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．乙物体做匀速直线运动B．甲物体做曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲=乙=丙D．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲＞乙＞丙考点：曲线运动；平均速度．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：解答本题关键根据：s﹣t图象中斜率等于物体的速度，分析三个物体的运动情况．位移图象纵坐标的变化△x表示物体运动的位移；平均速度等于位移和时间之比．解答：解：A、B、根据位移图象的斜率等于物体的速度可知，甲物体先沿正方向做减速直线运动，后沿负方向做加速直线运动；乙一直沿正方向做匀速直线运动；丙一直沿正方向做加速运动，三个物体都做直线运动，故A错误，B错误；C、D位移图象纵坐标的变化△x表示物体运动的位移，可知三个物体在t0时间内位移相等，所用时间相等，则平均速度相等，故C正确，D错误；故选：C．点评：本题关键要理解位移图象的物理意义，知道位移等于△x，根据斜率等于速度，并能正确分析三个物体的运动情况．11．（4分）A、B两个物体在同一地点，沿同一直线做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相同B．前4 s内A、B两物体的位移相同C．t=4 s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：在v﹣t图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移大小，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负；v﹣t图象的斜率表示加速度．解答：解：A、A、B两物体运动速度均为正，故运动方向相同，故A正确；B、v﹣t图象与t轴包围的面积表示位移大小，故前4 s内A、B两物体的位移不同，故B错误；C、图象的纵坐标表示速度大小，故t=4 s时，A、B两物体的速度相同，故C正确；D、v﹣t图象的斜率绝对值表示加速度大小，故A物体的加速度比B物体的加速度小，故D 错误；故选：AC．点评：本题关键是明确v﹣t图象的斜率、交点、面积的含义，基础问题．12．（4分）一物体作匀变速直线运动，速度图象如图所示，则在前4s内（设向右为正方向）（）A．物体始终向右运动B．物体先向左运动，2s后开始向右运动C．前2s物体位于出发点的左方，后2s位于出发点的右方D．在t=2s时，物体距出发点最远考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、B、速度时间图象反映质点的瞬时速度随时间的变化情况，时间轴上方速度是正值，时间轴下方速度是负值；所以物体前两秒向左运动，后两秒向右运动，故A错误，B正确．C、因为图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．前2s位移为负，物体位于出发点的左方，后2s负方向的位移逐渐减小，最后4秒末位移为零，又回到出发点，故在t=2s时，物体距出发点最远．故C错误，D正确．故选BD点评：此题是为速度﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．二、填空题（每空3分）13．（3分）关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是（）A．打点计时器应用低压交流电源，交流电频率为50HzB．纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的上面C．要先通电，后释放纸带，纸带通过后立即切断电源D．为减小摩擦，每次测量应先将纸带理顺考点：电火花计时器、电磁打点计时器．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：解决实验问题首先了解实验仪器工作特点、掌握基本仪器的使用等．解答：解：A、根据打点计时器的工作原理可知，电磁打点计时器应用低压交流电源，电火花打点计时器使用的是220V的交流电源，交流电频率为50Hz，本题没有说明那种打点计时器，故A错误；B、纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的下面，故B错误；C、为了提高纸带的利用率，同时为了使打点稳定，使用打点计时器时要先接通电源，后释放纸带，故C正确；D、为减小摩擦，每次测量应先将纸带理顺，故D正确．故选：CD．点评：对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解．14．（6分）在做研究匀变速直线运动规律的实验时，某同学得到一条纸带，如图，并且每隔四个计时点取一个计数点，已知每两个计数点间的距离为S，且S1=0.96cm，S2=2.88cm，S3=4.80cm，S4=6.72cm，S5=8.64cm，S6=10.56cm，可以计算此纸带的加速度大小为1.92m/s2；打第四个计数点时纸带的速度大小为0.768m/s．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：根据在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出小车的加速度大小．解答：解：根据△x=aT2，结合作差法得：a==1.92m/s2在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小，故有：。
甘肃省天水市秦安二中2015届高三物理上学期期中试题(含解析)新人教版
甘肃省天水市秦安二中2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题：此题共12题，每一小题4分．第1-7题只有一个选项符合题目要求；第8-12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．〔4分〕小汽车在嘉峪关至山丹高速公路上行驶限速120km/h，冬天大雾天气的时候高速公路经常封路，以免发生严重的交通事故．如果某人大雾天开车在此段高速公路上行驶时，能见度〔观察者与能看见的最远目标间的距离〕为50m，该人的反响时间为0.5s，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5m/s2，为安全行驶，汽车行驶的最大速度是〔〕A．10m/s B．15m/s C．10m/s D．20m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：发现危险目标时，在反响时间内汽车做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，总位移小于50m即可．解答：解：设汽车行驶的最大速度是v：发现危险目标时：在反响时间内：x1=vt=v×0.5=0.5v刹车过程中：由：代入数据得：0﹣v2=2×〔﹣5〕×x2，解得：x2=为安全行驶：x1+x2=50，即：0.5v+=50，解得：v=20m/s应当选：D点评：分析好汽车的具体运动过程是解决此题的关键．2．〔4分〕如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移﹣时间〔x ﹣t〕图线，由图可知〔〕A．在t1时刻，a、b两车运动方向相反B．在t1到t2这段时间内，b车始终向同一方向运动C．在t1到t2这段时间内，b车的平均速度比a车的大D．在t1到t2这段时间内，b车的平均速率比a车的大考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：位移时间关系图线反映物体的位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度的大小．纵坐标的变化量表示位移．根据这些知识进展分析两物体的运动情况．解答：解：A、在t1时刻，a图线切线斜率为正值，说明a的速度沿正向，b的斜率也为正值，速度也沿正向，所以此时两车运动方向一样．故A 错误．B、在t 1到t2这段时间内，b 图线的斜率先正后负，说明b车的运动方向先沿正向，后沿负向，故B错误．C、t1到t2时间内，两车的位移一样，时间一样，如此平均速度一样．故C错误．D、在t1到t2这段时间内，a和b两车初末位置一样，位移一样，a一直沿负方向运动，而b先沿负方向运动后沿正方向运动，路程不等，b车的路程大，其平均速率也大，故D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，根据斜率的正负可以确定运动的方向．3．如图，外表处处同样粗糙的楔形木块abc固定在水平地面上，ab面和bc面与地面的夹角分别为α和β，且α＞β．一初速度为v0的小物块沿斜面ab向上运动，经时间t0后到达顶点b时，速度刚好为零；然后让小物块立即从静止开始沿斜面bc下滑．在小物块从a 运动到c的过程中，可能正确描述其速度大小v与时间t的关系的图象是〔〕A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．.专题：压轴题；运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象的斜率等于加速度，根据牛顿第二定律列式可比拟物块上滑和下滑的加速度大小．根据运动学公式比拟两个过程的时间关系与速度关系，即可选择图象．解答：解：设物块上滑与下滑的加速度大小分别为a1和a2．根据牛顿第二定律得：mgsinα+μmgcosα=ma1，mgsinβ﹣μmgcosβ=ma2，得a1=gsinα+μgcosα，a2=gsinβ﹣μgcosβ，如此知a1＞a2而v﹣t图象的斜率等于加速度，所以上滑段图线的斜率大于下滑段图线的斜率．上滑过程的位移大小较小，而上滑的加速度较大，由x=知，上滑过程时间较短．因上滑过程中，物块做匀减速运动，下滑过程做匀加速直线运动，两段图象都是直线．由于物体抑制摩擦力做功，机械能不断减小，所以物体到达c点的速度小于v0．故C 正确，ABD错误．应当选C点评：此题关键运用牛顿第二定律和运动学公式分析两个过程加速度关系、运动时间关系，即可结合图象的物理意义进展选择．4．〔4分〕如下列图，一光滑半圆形碗固定在水平面上，质量为m1的小球用轻绳跨过碗口并连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时碗内小球恰好与碗之间没有弹力，两绳与水平方向夹角分别为53°、37°，如此m1：m2：m3的比值为〔sin53°=0.8，cos53°=0.6〕〔〕A．5：4：3 B．4：3：5 C．3：4：5 D．5：3：4考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对碗内的小球受力分析，根据共点力平衡条件，运用合成法求解．解答：解：对碗内的小球m1受力分析，受重力、两个细线的两个拉力，由于碗边缘光滑，故相当于动滑轮，故细线对物体m2的拉力等于m2g，细线对物体m1的拉力等于m1g，如图：根据共点力平衡条件，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线，有G2=G1cos37°G3=G1sin37°故m1：m2：m3=5：4：3应当选：A点评：此题关键是对碗内小球受力分析，根据三力平衡条件可知，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后运用合成法作图，根据几何关系得到三个物体的重力之比．5．一长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为m A=1kg和m B=2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因素都为μ=0.2，水平恒力F作用在A物块上，如下列图〔重力加速度g取10m/s2〕．如此〔〕A．假设F=1N，如此物块、木板都静止不动B．假设F=1.5N，如此A物块所受摩擦力大小为1.5NC．假设F=4N，如此B物块所受摩擦力大小为4ND．假设F=8N，如此B物块的加速度为1m/s2考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据滑动摩擦力公式求出A、B与木板之间的最大静摩擦力，比拟拉力和最大静摩擦力之间的关系判断物体的运动情况，进而判断物体所受摩擦力的情况，根据牛顿第二定律求出B的加速度．解答：解：A与木板间的最大静摩擦力f A=μm A g=0.2×1×10=2N，B与木板间的最大静摩擦力f B=μm B g=0.2×2×10=4N，A、F=1N＜f A，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；B、假设F=1.5N＜f A，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，根据牛顿第二定律得：F﹣f=m A a，所以A物块所受摩擦力f＜F=1.5N，故B错误；C、F=4N＞f A，所以A在木板上滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度a=，对B进展受力分析，摩擦力提供加速度，f′=m B a=2×1=2N，故C错误；D、F=8N＞f A，所以A相对于木板滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度a=，故D正确．应当选：D点评：此题以常见的运动模型为核心，考查了摩擦力、牛顿第二定律、隔离法与整体法的应用等知识．解决的关键是正确对两物体进展受力分析．6．如下列图，在水平放置的半径为R的圆柱体轴线的正上方的P点，将一个小球以水平速度v0垂直圆柱体的轴线抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过，测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是〔〕A．t=B．t=C．t=D．t=考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据圆的几何知识可以求得小球在水平方向的位移的大小，根据水平方向的匀速直线运动可以求得时间的大小．解答：解：过Q点做OP的垂线，根据几何关系可知，小球在水平方向上的位移的大小为Rsinθ，根据Rsinθ=v0t，可得时间为．应当选：C点评：此题对平抛运动规律的直接的应用，但是要根据几何关系分析得出平抛运动的水平位移的大小．7．〔4分〕关于运动的合成，如下说法中正确的答案是〔〕A．合运动的速度一定比每一个分运动的速度大B．两个直线运动的合运动一定是直线运动C．两个分运动的时间一定与合运动时间相等D．合运动的加速度一定比每个分运动加速度大考点：运动的合成和分解．.专题：物体做曲线运动条件专题．分析：根据平行四边形定如此，合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等；两分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，合运动与分运动具有等时性．解答：解：A、根据平行四边形定如此，合速度不一定比分速度大．故A错误．B、分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，比如：平抛运动．故B错误．C、分运动与合运动具有等时性．故C正确．D、根据平行四边形定如此，合加速度可能比分加速度大，可能比分加速度小，可能与分加速度相等．故D错误．应当选C．点评：解决此题的关键知道合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等．以与知道合运动与分运动具有等时性．8．如下列图，物体从斜面上A点由静止开始下滑，第一次经光滑斜面AB滑到底端时间为t1；第二次经光滑斜面ACD下滑，滑到底端时间为t2．AC+CD=AB，在各斜面的等高处物体的速率相等，试判断〔〕A．t1＞t2B．t1=t2C．t1＜t2D．不确定考点：平均速度．.专题：直线运动规律专题．分析：此题采用图象法解决比拟方便，在AB和ACD上运动的初末速度相等，AC段的加速度大于AB段的加速度，在DC段的加速度小于AB段的加速度，做速度时间图象，从图象上直观地比拟时间的长短．解答：解：作速度时间图线，在AC和ADC上运动的初末速度相等，AD段的加速度大于AC 段的加速度，在DC段的加速度小于AC段的加速度，两物体的路程相等，即图线与时间轴所围成的面积相等．从图象可以看出t1＞t2．故A正确，B、C、D错误．应当选A点评：此题采用图象法解决，关键抓住在不同路径上运动时初速度速度相等，路程相等，加速度不同．9．〔4分〕如下列图，水平面上停放着A，B两辆小车，质量分别为M和m，M＞m，两小车相距为L，人的质量也为m，另有质量不计的硬杆和细绳．第一次人站在A车上，杆插在B车上；第二次人站在B车上，杆插在A车上；假设两种情况下人用一样大小的水平作用力拉绳子，使两车相遇，不计阻力，两次小车从开始运〔〕A．t1等于t2B．t1小于t2C．t1大于t2D．条件不足，无法判断考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当人在A车上时，根据牛顿第二定律求得AB车的加速度，根据两车位移之和为L列出方程，当人在B车上时，根据牛顿第二定律求得AB车的加速度，根据两车位移之和为L列出方程，联立方程组即可求解．解答：解：设拉力为F，当人在A车上时，由牛顿第二定律得：A车的加速度分别为：①，B车的加速度分别为：②AB两车都做匀加速直线运动，③当人在B车上时，由牛顿第二定律得：A车的加速度分别为：④，B车的加速度分别为：⑤AB两车都做匀加速直线运动，⑥由①→⑥式解得：所以t1＜t2，故ACD错误，B正确；应当选：B点评：此题主要考查了牛顿第二定律与匀加速直线运动位移公式的直接应用，难度不大，属于根底题．10．〔4分〕在斜面上等高处，静止着两个一样的物块A和B．两物块之间连接着一个轻质弹簧，劲度系数为k，斜面的倾角为θ，两物块和斜面间的摩擦因数均为μ，如此弹簧的最大伸长量是〔〕A．B．C．D．考点：胡克定律．.专题：弹力的存在与方向的判定专题．分析：物体平衡时，受重力、支持力和弹簧的弹力，三力平衡，根据平衡条件并结合正交分解法和胡克定律列式求解；解答：解：物块静止在斜面上，在斜面这个平面内共有三个力作用在物体上，一个是重力沿斜面向下的分力mgsinθ，静摩擦力f≤f m=μmgcosθ，方向不确定，弹簧弹力水平方向kx，如此弹力等于mgsinθ和静摩擦力f的合力，当静摩擦力最大时，合力最大，此时：kx=，故x=，故D正确，ABC错误．应当选：D．点评：此题关键是先对物块受力分析，根据平衡条件并结合正交分解法和胡克定律列式求解求解弹簧最大伸长量，灵活性就强．11．〔4分〕某电视台每周都有棋类节目，如棋类授课和评析，他们的棋盘都是竖直放置的，棋盘上布有磁铁，而每个棋子都是一个小磁铁，关于棋盘和棋子有如下几种说法①小棋子共受四个力的作用②每个棋子的质量肯定都有细微的差异，所以不同的棋子所受的摩擦力不同③棋盘面应选取相对粗糙的材料④如果某个棋子贴不上棋盘，总会滑落，肯定是其质量偏大以上说法中正确的答案是〔〕A．①②④B．①②③C．①③④D．②③④考点：物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．.专题：受力分析方法专题．分析：首先对棋子进展受力分析，根据棋子的运动状态，结合平衡的条件分析棋盘面应选取的材料．解答：解：①、小棋子受到重力G、棋盘面的吸引力F、弹力N和静摩擦力f，共四个力作用，故①正确．②、棋盘对棋子的吸引力与棋盘面对棋子的弹力平衡，静摩擦力与棋子的重力平衡，故②正确．③、根据竖直方向上二力平衡知：f=G，f应不超过最大静摩擦力，如此有：f＜f m=μN=μFF一定，要使棋子不滑下，应增大最大静摩擦力，为此应增大μ，棋盘面应选取较粗糙的材料，故③正确．④、当G＞f m=μN=μF时，棋子将下滑，可能是质量偏大，也可能没有磁性，故④错误．应当选：B．点评：掌握平衡力时应注意其关键点：二力是作用在同一个物体上的，明确这一点即可与作用力与反作用力进展区分．12．如下列图，两个同样的弹簧秤每个自重都是0.1N，下端挂钩的重力忽略不计，甲“正挂〞，乙“倒挂〞，在乙的下方挂上重0.2N的砝码，如此甲、乙两弹簧秤的示数分别为〔〕A．0.2N 0.3N B．0.3N 0.2N C．0.3N 0.3N D．0.4N 0.3N考点：物体的弹性和弹力．.专题：弹力的存在与方向的判定专题．分析：两弹簧秤的示数等于挂钩处的拉力，对下面的物体与弹簧受力分析可求出弹簧秤的示数．解答：解：对下方的钩码与物体分析，弹簧的拉力F=0.2+0.1=0.3N；两挂钩处的力为作用力与反作用力；故两弹簧秤的示数均为0.3N；应当选：C点评：此题考查受力分析的方向，要注意明确弹簧秤的读数原理，同时注意牛顿第三定律的应用．二、非选择题：13．〔8分〕实验课上，某小组验证“力的平行四边形定如此〞的实验原理图如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．〔1〕图乙中的 F 〔选填“F〞或“F′〞〕是力F1和F2的合力的理论值；F′〔选填“F〞或“F′〞〕是力F1和F2的合力的实际测量值．〔2〕本实验采用的科学方法是 CA．控制变量法B．理想实验法 C．等效替代法 D．建立物理模型法〔3〕在实验中，如果其他条件不变仅将细绳换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：不变．〔选填“变〞或“不变〞〕〔4〕为了使实验能够顺利进展，且尽量减小误差，你认为如下说法或做法能够达到上述目的是ADA．假设固定白纸的方形木板平放在实验桌上来验证力的平行四边形定如此，使用弹簧测力计前应将测力计水平放置，然后检查并矫正零点B．两个分力F1、F2间夹角应越大越好C．标记拉力方向时，要用铅笔紧靠细绳沿绳移动铅笔画出D．同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置．考点：验证力的平行四边形定如此．.专题：实验题；平行四边形法如此图解法专题．分析：本实验中采用了两个力合力与一个力效果一样来验证的平行四边形定如此，因此采用“等效法〞，注意该实验方法的应用；由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值与与理论值存在差异．解答：解：〔1〕本实验采用了“等效法〞，F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定如此得到的值．所以F是F1和F2的合力的理论值，F′是F1和F2的合力的实际测量值．〔2〕本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果一样，采用的科学方法是等效替代法，应当选：C．〔3〕如果将细线也换成橡皮筋，只要将结点拉到一样的位置，实验结果不会发生变化．〔4〕A、假设固定白纸的方形木板平放在实验桌上来验证力的平行四边形定如此，使用弹簧测力计前应将测力计水平放置，然后检查并矫正零点，故A正确；B、在实验中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差即可，并非越大越好，故B错误；C、在“验证力的平行四边形定如此〞的实验中，应用直尺画出在白纸上沿细绳方向标出的两点的连线，作为拉力的方向，故C错误；D、同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置．故D正确；应当选：AD．故答案为：〔1〕F；F′；〔2〕C；〔3〕不变；〔4〕AD点评：在解决设计性实验时，一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法与误差分析．只有通过具体实践，才能真正的理解具体实验操作细节的意义，因此平时同学们应该加强实验实践，而不是空洞的记忆实验．14．〔12分〕〔1〕在“探究加速度与力、质量的关系〞的实验中，该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F 不变；假设该同学要探究加速度a 和拉力F的关系，应该保持小车的质量M 不变．〔2〕该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如下列图，如此①图中的直线不过原点的原因是平衡摩擦力时木板右端垫得过高．②图中的力F理论上是指 B ，而实验中却用 A 表示．〔选填字母符号〕A．砂和砂桶的重力 B．绳对小车的拉力③此图中直线发生弯曲的原因是未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.专题：实验题．分析：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，由图象可知，还没有挂重物时，小车已经产生了加速度，由此可知图象不过原点的原因．解答：解：〔1〕该实验是运用控制变量法研究的，该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F不变；假设该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变．〔2〕①图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高，即平衡摩擦力过度导致．②图中的力F理论上指绳对小车的拉力，即B，而实验中却用砂和砂桶的重力，即A．③设小车的加速度为a，绳子拉力为F，以砂和砂桶为研究对象得：mg﹣F=ma以小车为研究对象F=Ma解得：a=故：F=Ma=所以要使得绳子拉力等于砂和砂桶的重力大小，必有m＜＜M，而不满足m＜＜M时，随m的增大物体的加速度a逐渐减小．故图象弯曲的原因是：未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量．故答案为：〔1〕细线对车的拉力F，小车的质量M〔2〕①平衡摩擦力时木板右端垫得过高．②B，A③未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量．点评：探究加速与力的关系实验时，要平衡摩擦力、应根据纸带求出小车的加速度，掌握实验的实验须知事项是正确解题的关键，要清楚每一项操作存在的理由．要掌握应用图象法处理实验数据的方法．15．〔12分〕为了安全，中国航母舰载机“歼﹣15〞通过滑跃式起飞方式起飞．滑跃起飞的原理有点像高山滑雪，主要靠甲板前端的上翘来帮助战斗机起飞，其示意图如下列图，飞机由静止开始先在一段水平距离为L1=160m的水平跑道上运动，然后在长度为L2=20.5m的倾斜跑道上滑跑，直到起飞．飞机的质量m=2.0×104kg，其喷气发动机的推力大小恒为F=1.4×105N，方向与速度方向一样，水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h=2.05m，飞机在水平跑道上和倾斜跑道上运动的过程中受到的平均阻力大小都为飞机重力的0.2倍，假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，倾斜跑道看作斜面，不计拐角处的影响，且飞机起飞的过程中没有出现任何故障．g取10m/s2．〔1〕求飞机在水平跑道上运动的末速度．〔2〕求飞机从开始运动到起飞经历的时间．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕根据牛顿第二定律求出在水平跑道上的加速度，结合速度位移公式求出飞机在水平跑道上运动的末速度．〔2〕根据速度时间公式求出在水平跑道上的运动时间，根据牛顿第二定律求出在倾斜跑道上的加速度，根据速度位移公式求出末速度，从而根据速度时间求出在倾斜跑道上的运动时间，得出总时间的大小．解答：解：〔1〕设飞机在水平跑道上的加速度为a1，阻力为f，末速度为v1，由牛顿第二定律得，F﹣f=ma1，f=0.2mg，联立以上三式并代入数据解得，v1=40m/s．〔2〕设飞机在倾斜跑道上的加速度为a2，跑道末端速度为v2．水平跑道上：倾斜跑道上：由牛顿第二定律有代入数据解得由，代入数据解得所以如此t=t1+t2=8.5s．答：〔1〕飞机在水平跑道上运动的末速度为40m/s．〔2〕飞机从开始运动到起飞经历的时间为8.5s．点评：此题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，涉与到两个过程的运动，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．16．〔10分〕2014年暑假期间，张掖市某学校物理课外兴趣小组去面粉厂进展暑期实践活动，小组成员测出工厂中运送面粉袋的水平传送带以v=1m/s的速度匀速运动，假设工人师傅将一面粉袋无初速度地放在传送带上后，面粉袋从开始运动到与传送带保持相对静止时会在传送带上留下长L=0.2m的痕迹，取g=10m/s2．请你用以上数据求出面粉袋与传送带间的动摩擦因数．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：作出面粉袋与传送带运动的v﹣t图线，结合图线围成的面积之差得等于痕迹的长度，根据牛顿第二定律和运动学公式求出动摩擦因数．解答：解：如下列图，A、B分别为面粉袋与传送带运动的v﹣t图象，其中阴影局部的面积等与面粉袋在传送带上留下的痕迹长L，设面粉袋与传送带间的动摩擦因数为μ，由v﹣t图象得：，v=at由牛顿第二定律得：μmg=ma代入数据，由以上各式得，μ=0.25答：面粉袋与传送带间的动摩擦因数为0.25．点评：此题也可以通过面粉袋和传送带的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进展求解．知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．17．〔14分〕2007年10月24日，中国首颗探月卫星“嫦娥一号〞在西昌卫星发射中心发射升空，准确进入预定轨道．随后，“嫦娥一号〞经过变轨和制动成功进入环月轨道．如下列图，阴影局部表示月球，设想飞船在距月球外表高度为3R的圆形轨道Ⅰ上作匀速圆周运动，到达A点时经过暂短的点火变速，进入椭圆轨道Ⅱ，在到达轨道Ⅱ近月点B点时再次点火变速，进入近月圆形轨道Ⅲ，而后飞船在轨道Ⅲ上绕月球作匀速圆周运动．月球半径为R，月球外表的重力加速度为g0．不考虑其它星体对飞船的影响，求：〔1〕飞船在轨道Ⅰ、Ⅲ的速度之比．〔2〕飞船从轨道Ⅱ上远月点A运动至近月点B所用的时间．〔3〕如果在Ⅰ、Ⅲ轨道上有两只飞船，它们绕月球飞行方向相同，某时刻两飞船相距最近〔两飞船在月球球心的同侧，且两飞船与月球球心在同一直线上〕，如此经过多长时间，他们又会相距最近？。
甘肃省天水市秦安县第二中学2014-2015学年高一上学期期中考试物理试题
甘肃省天水市秦安县第二中学2014-2015学年高一上学期期中考试物理试题（时间：90分钟 满分：100分）第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题（本题包括10小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．下列关于质点的说法中正确的是：A.只要是体积很小的球体就可以视为质点B.研究一汽车从淮阴到南京的运动时间时可以将其视为质点C.因为太阳的体积太大了，所以任何情况下都不可以将其视为质点D.质量很大的物体无论在任何情况下都不能看成质点2．如图所示为四个物体做直线运动的速度图像，由图像可知做匀加速直线运动的是：A. B. C. D.3．下列关于加速度的说法，其中正确的是：A ．速度变化越大，加速度一定越大B ．速度变化所用时间越短，加速度一定越大C ．速度变化越快，加速度一定越大D ．速度为零，加速度一定为零4. 物体由静止开始做匀加速直线运动，若第1秒末的速度达到4 m/s ，则第2秒内物体的位移是（ ）A.2 mB.4 mC.6 mD.8 m v t 0 v t 0 v t0 v t 05.某航母跑道长200 m。
飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s2,起飞需要的最低速度为50 m/s。
那么,飞机在滑行前,需要借助弹射系统获得的最小初速度为( )A.5 m/sB.10 m/sC.15 m/sD.20 m/s6.某战车以大小为40 m/s的速度做匀速直线运动，刹车后，获得的加速度大小为10 m/s2，则刹车后5 s 内战车通过的路程为( )A.40mB.75mC.80mD.100m7.一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示。
下列选项正确的是A.在0～6s内，物体离出发点最远为30mB.在0～6s内，物体经过的路程为40mC.在0～4s内，物体的平均速度为7.5m/sD. 4～5s内，物体速度与加速度方向相同8.甲、乙两物体先后从同一地点出发,沿一条直线运动,它们的v-t图象如图所示,由图可知( )A.甲快,且早出发,所以乙追不上甲；B.t=20s时,乙追上了甲；C.在t=20s之前,甲比乙运动的快;在t=20s之后乙比甲运动快；D.由于乙在t=10s时才开始运动,所以t=10s时,甲在乙前面,它们之间距离为乙追上甲前最大。
甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷(理科)
甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（理科）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，其中1、5、12为多选题，其余为单选题，选对得4分，漏选得2分，不选、错选得0分）1．（4分）如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为φa=5V，φb=3V．下列说法正确的是（）A．c点的电势一定为4VB．a点的场强一定比b点场强大C．电场线的方向一定向右D．正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少2．（4分）如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点．下列说法中正确的是（）A．三个等势面中，等势面a的电势最高B．带电质点一定是从P点向Q点运动C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小3．（4分）如图所示，绝缘细线拴住一带负电的小球，在方向竖直向下的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动．则以下说法中正确的是（）A．当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B．当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C．小球可能做匀速圆周运动D．小球不可能做匀速圆周运动4．（4分）如图所示，在水平放置的光滑金属板中点的正上方有带正电的点电荷Q，一表面绝缘带正电的金属球（可视为质点，且不影响原电场）自左以速度v0开始在金属板上向右运动，在运动过程中（）A．小球先做减速运动后做加速运动B．小球做匀速直线运动C．小球做匀变速运动D．以上说法都不正确5．（4分）如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）A．所受重力与电场力平衡B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加D．做匀变速直线运动6．（4分）如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，S是闭合的，φa表示a点的电势，F表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）A．φa变大，F变大B．φa变大，F变小C．φa不变，F不变D．φa不变，F变小7．（4分）如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，其中Na+水平向右移动．若测得4s内分别有1.0×1018个Na+和Cl﹣通过溶液内部的横截面M，那么溶液中的电流方向和大小为（）A．水平向左0.8A B．水平向右0.08AC．水平向左0.4A D．水平向右0.04A8．（4分）如图所示电路中，当滑动变阻器R的滑动触头向下滑动时（）A．灯泡L1、L2、L3均变亮B．灯泡L1、L3变亮，L2变暗C．灯泡L1、L2变亮，L3变暗D．灯泡L1变亮，L2、L3变暗9．（4分）两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压稳定的12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1或R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V，如果把此表改接在R2两端，则电压表的示数将（）A．小于4 V B．等于4 VC．大于4 V，小于8 V D．等于或大于8 V10．（4分）直流电动机线圈电阻为R，当电动机工作时通过的电流为I，两端的电压为U，则其输出功率是（）A．I U B．I U+I2R C．I U﹣I2R D．11．（4分）有一只电压表，它的内阻是100Ω，量程为0.2V，现要改装成量程为10A的电流表，电压表上应（）A．并联0.002Ω的电阻B．并联0.02Ω的电阻C．并联50Ω的电阻D．串联4 900Ω的电阻12．（4分）如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2＜V1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小二、实验题（2×9）（共18分）13．（9分）用伏安法测某电阻的阻值，用安培表的内接法测量时，两只电表的读数分别为3V、3mA；用安培表的外接法测量时，两只电表的读数分别为2.9V、4mA．则在本次实验中：电路应选择安培表的（填“内”或“外”）接法，该电阻测量值为Ω，比这个电阻的真实值（填“偏大”或“偏小”）．14．（9分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象．所提供的器材有：代号器材规格A 电流表（A1）量程0﹣0.6A，内阻约0.125ΩB 电流表（A2）量程0﹣3A，内阻约0.025ΩC 电压表（V1）量程0﹣3V，内阻约3kΩD 电压表（V2）量程0﹣15V，内阻约15kΩE 滑动变阻器（R1）总阻值约10ΩF 滑动变阻器（R2）总阻值约200ΩG 电池（E）电动势3.0V，内阻很小H 导线若干，电键K该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：I/A 0 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50U/V 0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为，电压表为，滑动变阻器为（以上均填写器材代号）．（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中．（3）请在图乙的坐标系中画出小灯泡的I﹣U曲线．（4）若将该小灯泡直接接在电动势是1.5V，内阻是2.0Ω的电池两端，小灯泡的实际功率为W．三、计算解答题（解答应写出必要的文字说明、方程式和图画．）15．（10分）如图R1=14Ω，R2=9Ω．当开关处于位置a，电流表示数I1=0.2A，当开关处于位置b时，电流表示数I2=0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．（电流表为理想电表）16．（12分）如图所示，一个电子以速度v0=6.0×106m/s和仰角α=45°从带电平行板电容器的下板边缘向上板飞行．两板间场强E=2.0×104V/m，方向自下向上．若板间距离d=2.0×10﹣2m，板长L=10cm，问此电子能否从下板射至上板？它将击中极板的什么地方？（电子的m=9.1×10﹣31kg）17．（12分）如图所示，现在有一个小物块，质量为m=80g，带正电荷q=2×10﹣4C，放在水平轨道上M点，物块与水平轨道之间的滑动摩擦系数μ=0.2，轨道处在一个水平向左的匀强电场中，E=103V/m，在水平轨道的末端N处，连接一个光滑的半圆形轨道，半径为R=40cm，取g=10m/s2，求：（1）要使小物块能够运动到轨道的最高点L，那么M、N间的距离S至少多大？（2）如果在（1）题的位置释放小物块，当它运动到P（轨道中点）点时对轨道的压力等于多少？甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，其中1、5、12为多选题，其余为单选题，选对得4分，漏选得2分，不选、错选得0分）1．（4分）如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为φa=5V，φb=3V．下列说法正确的是（）A．c点的电势一定为4VB．a点的场强一定比b点场强大C．电场线的方向一定向右D．正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少考点：电场线；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为4V．电场线是从电势高处指向电势低处，电场线的疏密可以判断场强的大小．正电荷受到的电场力方向与场强方向相同．根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化．解答：解：A、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则在c点处的电势一定为4V．当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V．故A错误．B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强E a不一定大于b点处的场强E b．故B错误．C、由于a的电势高于b点的电势，所以电场线方向一定从a指向b，向右，故C正确．D、a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c点运动到b点电势能一定减少．故D正确．故选CD点评：本题关键抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低．2．（4分）如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点．下列说法中正确的是（）A．三个等势面中，等势面a的电势最高B．带电质点一定是从P点向Q点运动C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小考点：等势面；牛顿第二定律；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大解答：解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；B、带电质点可以由P到Q，也可以由Q到P，由图示条件不能具体确定．故B错误C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C正确D、等势线密的地方电场线密，电场场强大，则P点场强大于Q点场强．则P点的加速大，故D错误故选：C点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．3．（4分）如图所示，绝缘细线拴住一带负电的小球，在方向竖直向下的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动．则以下说法中正确的是（）A．当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B．当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C．小球可能做匀速圆周运动D．小球不可能做匀速圆周运动考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：分析小球所受重力与电场力的大小关系：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动．当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小．解答：解：小球在电场中受到重力和向上的电场力；当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动，速度大小不变；当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；故ABD错误，C正确．故选：C．点评：本题中题设条件不明，要考虑各种可能的情况进行讨论，分三种情况分析小球的受力情况和运动情况4．（4分）如图所示，在水平放置的光滑金属板中点的正上方有带正电的点电荷Q，一表面绝缘带正电的金属球（可视为质点，且不影响原电场）自左以速度v0开始在金属板上向右运动，在运动过程中（）A．小球先做减速运动后做加速运动B．小球做匀速直线运动C．小球做匀变速运动D．以上说法都不正确考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：金属板在Q的电场中产生静电感应现象，达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直．分析小球的受力情况，可确定其运动情况，解答：解：金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力方向与位移方向垂直，对小球不做功，根据动能定理得知，小球的动能不变，速度不变，所以小球做匀速直线运动．故选：B．点评：本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面，知道电场线与等势面垂直，并能运用这些知识来分析实际问题．5．（4分）如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）A．所受重力与电场力平衡B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加D．做匀变速直线运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确定电势能如何变化．解答：解：A、根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动，因此A错误，D正确；B、由A选项分析可知，电场力做负功，则电势能增加，故B正确；C、因电场力做负功，则电势能增加，导致动能减小，故C错误；故选：BD点评：考查根据运动情况来确定受力情况，并由电场力做功来确定电势能如何，以及动能的变化．6．（4分）如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，S是闭合的，φa表示a点的电势，F表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）A．φa变大，F变大B．φa变大，F变小C．φa不变，F不变D．φa不变，F变小考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：要求a点的电势如何变化，首先要确定电势为0的位置即零电势点，由于电容与电源相连故两极板之间的电压不变，而两极板之间的距离增大，故两极板之间的电场强度减小，所以Aa之间的电势差减小，所以aB之间的电压增大．由于两极板之间的场强减小故试探电荷所受的电场力减小．解答：解：由于开关S闭合，且电容器两极板始终与电源的两极相连，故电容器两极板之间的电压U AB保持不变．随B极板下移两极板之间的距离增大，根据E=可知两极板之间的电场强度E减小，由于U Aa=Eh Aa，由于电场强度E减小，故U Aa减小，由于U AB=U Aa+U aB，所以U aB增大，由题图可知电源的负极接地，故B极板接地，所以B板的电势为0即ΦB=0，又U aB=Φa﹣ΦB，所以Φa=U aB增大．而点电荷在a点所受的电场力F=qE，由于E减小，所以电场力F减小．故B正确．故选：B．点评：本题难度较大，涉及知识面大，需要认真分析．方法是：先找不变量（U AB），再找容易确定的物理量（E和U Aa），最后求出难以确定的量（确定U aB不能用U aB=Eh aB，因为E和h aB一个变大另一个变小）．7．（4分）如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，其中Na+水平向右移动．若测得4s内分别有1.0×1018个Na+和Cl﹣通过溶液内部的横截面M，那么溶液中的电流方向和大小为（）A．水平向左0.8A B．水平向右0.08AC．水平向左0.4A D．水平向右0.04A考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：由离子的带电量可求得通过截面的总电量，总电量等于正离子与负离子电量绝对值之和，再由电流的定义可求得电流强度的大小．电流方向与正离子定向移动的方向相同．解答：解：由题意可知，4s内流过截面上的电量q=1.0×1018×1.6×10﹣19+1.0×1018×1.6×10﹣19=0.32C；则电流强度I==A=0.08A；Na+水平向右移动，所以电流方向向右．故选：B．点评：本题考查电流强度的定义，要注意明确当同时有正负电荷通过时，电量为正负电荷电荷量绝对值的和．8．（4分）如图所示电路中，当滑动变阻器R的滑动触头向下滑动时（）A．灯泡L1、L2、L3均变亮B．灯泡L1、L3变亮，L2变暗C．灯泡L1、L2变亮，L3变暗D．灯泡L1变亮，L2、L3变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：小灯泡L3与变阻器串联后与L2并联，再与L1串联；当滑动变阻器R的滑动触头向下滑动时，R接入电路的电阻减小，并联电路的总电阻减小，根据欧姆定律分析电路中电流和路端电压的变化，即可判断L1亮度的变化．根据并联电路电压的变化，分析L2亮度的变化．分析L1、L2电流的变化情况，可判断出通过L3电流的变化，得到其亮度的变化．解答：解：当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，接入电路的电阻减小，并联电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，路端电压减小，则知灯泡L1变亮．并联部分分担的电压减小，则L2变暗．通过L1的电流增大，通过L2电流减小，则通过L3电流增大，则L3变亮．故B正确．故选B点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先要搞清电路的结构，再按照“局部→整体→局部”的思路进行分析．9．（4分）两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压稳定的12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1或R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V，如果把此表改接在R2两端，则电压表的示数将（）A．小于4 V B．等于4 VC．大于4 V，小于8 V D．等于或大于8 V考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：本题的关键是明确串并联电路规律及其灵活运用，明确并联电阻小于任一支路的电阻以及电压分配与电阻成正比．解答：解：将电压表与电阻R1并联时，电压表的读数为8V，则电阻两端的电压为4V，若将电压表与电阻R2并联，则其并联的总电阻小于R2，根据串联电阻的电压分配可知，电压表的读数将小于4V，所以A正确，BCD错误．故选：A．点评：熟记并联电阻小于任一支路的电阻以及电压分配与电阻成正比的结论；明确电压表读数造成的误差来源．10．（4分）直流电动机线圈电阻为R，当电动机工作时通过的电流为I，两端的电压为U，则其输出功率是（）A．I U B．I U+I2R C．I U﹣I2R D．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P热=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．解答：解：直流电动机线圈电阻为R，当电动机工作时通过的电流为I，两端的电压为U；总功率为：P=UI发热功率为：P热=I2R根据能量守恒定律，其输出功率是：P出=P﹣P热=UI﹣I2R故选：C．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．11．（4分）有一只电压表，它的内阻是100Ω，量程为0.2V，现要改装成量程为10A的电流表，电压表上应（）A．并联0.002Ω的电阻B．并联0.02Ω的电阻C．并联50Ω的电阻D．串联4 900Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：把电表改装成电流表应并联一个分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．解答：解：电表的满偏电流为：I g===0.002A，把它改装成量程为10A的电流表需要并联一个分流电阻，并联电阻阻值为：R==≈0.02Ω；故选：B．点评：本题考查了电流表的改装，把电表改装成电流表应并联一个分流电阻，知道电流表的改装原理、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．12．（4分）如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2＜V1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小考点：动能定理的应用；库仑定律；电势能．专题：压轴题．分析：根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化．解答：解：设斜面倾角为θ、上升过程沿斜面运动的最大距离为L．因为OM=ON，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0．上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为W1．在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：﹣mgsinθL﹣W f ﹣W1=﹣和mgsinθL﹣W f﹣W1=，上两式相减可得h=sinθL=，A正确；由OM=ON，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，BC错；从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，D对．故选AD．点评：本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力等．二、实验题（2×9）（共18分）13．（9分）用伏安法测某电阻的阻值，用安培表的内接法测量时，两只电表的读数分别为3V、3mA；用安培表的外接法测量时，两只电表的读数分别为2.9V、4mA．则在本次实验中：电路应选择安培表的内（填“内”或“外”）接法，该电阻测量值为1000Ω，比这个电阻的真实值偏大（填“偏大”或“偏小”）．考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，由R=知测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．（2）电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，由R=知测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实验误差越小．解答：解：电流表内接法，由于电流表的分压作用产生误差，两表读数分别为3V、3mA；电流表外接法，两表读数为2.9V、4mA，由于电压表的分流作用产生误差．两种接法对比发现电流表读数相差很大，电压表相差很小，说明电压表的分流作用影响较大．为了使测出的电阻值误差较小，此电路是电流表内接法，根据欧姆定律R===1000Ω，由于电流表分压而使电压测量值偏大，则电阻测量值偏大．故答案为：内、1000、偏大．点评：图是电流表外接法，测量值是电阻R与电压表并联的阻值，偏小．14．（9分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象．所提供的器材有：代号器材规格A 电流表（A1）量程0﹣0.6A，内阻约0.125ΩB 电流表（A2）量程0﹣3A，内阻约0.025ΩC 电压表（V1）量程0﹣3V，内阻约3kΩD 电压表（V2）量程0﹣15V，内阻约15kΩE 滑动变阻器（R1）总阻值约10ΩF 滑动变阻器（R2）总阻值约200ΩG 电池（E）电动势3.0V，内阻很小H 导线若干，电键K该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：I/A 0 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50U/V 0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为A，电压表为C，滑动变阻器为E（以上均填写器材代号）．（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中．（3）请在图乙的坐标系中画出小灯泡的I﹣U曲线．。
甘肃省秦安一中2014届高三上学期第一次检测物理试题(慢班)
秦安一中2013-2014学年第一学期高三、补习班第一次检测物理试题（应届11-14班、补习7-9班）一、选择题(本题共16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1、下列关于质点的说法中，正确的是（）A．质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以引入质点概念没有意义B．只有体积很小的物体才能看作质点C．凡轻小的物体，皆可看作质点D．如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时即可把物体看作质点2、关于参考系的选取，下列说法正确的是（）A．参考系必须选取静止不动的物体 B．参考系必须是和地面联系在一起的C．在空中运动的物体不能作为参考系 D．任何物体都可以作为参考系3、如图所示：物体沿两个半径为R的圆弧由A到C，则它的位移和路程分别为( )A．，A指向C； B．，A指向C；C．，A指向C； D．，C指向A；4、关于弹力和摩擦力，下列说法中正确的是（）A．杆对物体的弹力总是沿杆的方向 B．静止的物体不可能受到滑动摩擦力C．物体间有摩擦力产生时，必有弹力，弹力和摩擦力的方向必定是垂直的D．物体所受的摩擦力方向可能与物体运动方向不在同一直线上5、如图所示为一质点作直线运动的速度-时间图像，下列说法中正确的是（）A．整个过程中，CD段和DE段的加速度数值最大B．整个过程中，BC段和CD段的运动方向相反C．整个过程中，C点所表示的状态离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的位移是34m6、下列所给的图像中能反映作直线运动物体不会回到初始位置的是 ( )7、甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动，t＝0时刻同时经过公路旁的同一个路标。
在描述两车运动的v－t图中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在0－20 s的运动情况。
关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是( )A．在0－10 s内两车逐渐靠近B．在10－20 s内两车逐渐远离C．在5－15 s内两车的位移相等D．在t＝10 s时两车在公路上相遇8、汽车以20 m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5 m/s2，那么开始刹车后2 s内位移与开始刹车后6 s内位移之比为（）A．1∶4 B. 3∶5C. 5∶9D. 3∶49、关于力，下述说法中错误的是( )A．因为力是物体对物体的作用，所以，只有相互接触的物体间才有力的作用B．力不一定总有受力物体．比如一个人用力向外推掌，用了很大力，但没有受力物体C．重力的方向总是与支持重物的支持面垂直D．地面上同一地点，物体的质量越大，它所受到的重力也越大10、足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G为重力，F为脚对球的作用力，F阻为阻力）（）11、如图所示，用细线将A物体悬挂在顶板上。
甘肃省天水市秦安二中高三物理上学期第一次质检试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高三〔上〕第一次质检物理试卷一、单项选择题：〔每一小题4分，共32分〕1．嫦娥三号月球探测器于2013年12月2日凌晨发射升空，2013年12月14日成功完成月面软着陆，2013年12月15日4时35分，嫦娥三号着陆器与巡视器〔“玉兔号〞月球车〕成功别离，这标志着我国的航天事业又一次腾飞，下面有关嫦娥三号的说法正确的答案是( )A．嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，加速度也很小B．研究“玉兔号〞月球车在月球外表运动的姿态时，可以将其看作质点C．研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，可以将其看作质点D．“玉兔号〞月球车静止在月球外表时，其相对于地球也是静止的2．如下列图，一个人沿着一个圆形轨道运动，由A点开始运动，经过半个圆周到达B点，如下说法正确的答案是( )A．人从A到B的平均速度方向沿B点的切线方向B．人从A到B的平均速度方向由A指向BC．人在B点的瞬时速度方向由A指向BD．人所经过的位移大小为圆周长的一半3．甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的答案是( )A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲做减速直线运动，乙做加速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快D．甲、乙在相等时间内速度变化大小一样4．一质点沿直线Ox方向做加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=3+2t3〔m〕，它的速度随时间变化的关系为v=6t2〔m/s〕，如此该质点在t=3s时的瞬时速度和t=0到t=3s 间的平均速度分别为( )A．54 m/s，18 m/s B．54 m/s，27 m/sC．18 m/s，54 m/s D．27m/s，54 m/s5．一物体由M点出发沿直线MN运动，行程的第一局部是加速度大小为3m/s2的匀加速运动，接着做加速度大小为2m/s2的匀减速运动，抵达N点时恰好静止．如果MN的总长度是15m，如此物体走完MN所用的时间t为( )A．2s B．3s C．4s D．5s6．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s 2，如此4s内物体的( ) A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为40m/sD．平均速度大小为9m/s，方向向上7．物体某段过程的v﹣t图象如下列图，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，如此在t1～t2过程中( )A．加速度不变B．加速度不断增大C．平均速度小于D．平均速度大于8．如下列图，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．如此物体b受力的个数为( )A．3 B．4 C．5 D．69．如下列图，一物块静止在粗糙的斜面上．现用一水平向右的推力F推物块，物块仍静止不动．如此( )A．斜面对物块的静摩擦力可能变小B．斜面对物块的静摩擦力一定变大C．斜面对物块的支持力可能变小D．斜面对物块的支持力一定不变二、不定项选择题：〔每一小题4分，共16分〕10．甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的 v﹣t图象如下列图．如下判断正确的答案是( )A．乙车启动时，甲车在其前方50m处B．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC．乙车启动10s后正好追上甲车D．乙车超过甲车后，两车不会再相遇11．如下列图，竖直光滑杆上套有一个小球和两根弹簧，两弹簧的一端各与小球相连，另一端分别用销钉M、N固定于杆上，小球处于静止状态．设拔去销钉M瞬间，小球加速度的大小为12m/s2．假设不拔去销钉M而拔去销钉N瞬间，小球的加速度可能是〔取g=10m/s2〕( )A．22m/s2，竖直向上B．22m/s2，竖直向下C．2m/s2，竖直向上D．2m/s2，竖直向下12．〔多项选择〕如下列图，质量为M的斜面体静止在粗糙的水平面上，斜面体的两个斜面均是光滑的，顶角为，两个斜面的倾角分别为α、β，且α＞β．两个质量均为m的物体P、Q分别在沿斜面向上的力F1、F2的作用下处于静止状态，如此以下说法中正确的答案是( )A．水平地面对斜面体的静摩擦力方向水平向左B．水平地面对斜面体没有摩擦力C．地面对斜面体的支持力等于〔M+m〕gD．地面对斜面体的支持力等于〔M+2m〕g13．如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的函数关系如图乙所示．〔取竖直向上为正方向〕由图可以判断错误的答案是( )A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值T N=mgC．图线的斜率等于物体的质量mD．图线的斜率等于物体质量的倒数二、实验题〔每空2分，共12分〕14．某同学利用如图〔a〕装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系〞的实验．〔1〕在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持__________状态．〔2〕他通过实验得到如图〔b〕所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线．由此图线可得该弹簧的劲度系数k=__________N/m．〔3〕他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图〔c〕所示时，该弹簧的长度x=__________cm．15．在“验证力的平行四边形定如此〞实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某一点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．〔1〕某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须等长B．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行C．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其中正确的答案是__________〔填入相应的字母〕．〔2〕本实验采用的科学方法是__________．A．等效替代法 B．控制变量法 C．理想实验法 D．建立物理模型法〔3〕本实验中，某同学在坐标纸上画出了如下列图的两个力F1和F2，图中小正方形的边长表示1N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，关于F1、F2与F、θ1和θ2关系正确的有__________．A．F=6N B．F1=2N C．θ1=45° D．θ1＜θ2．三、计算题〔共38分、请将答案填写在答题卷上，写出必要的文字说明和解答过程，直接写答案不得分〕16．质量为M的拖拉机拉着耙来耙地，由静止开始做匀加速直线运动，在时间t内前进的距离为s．耙地时，拖拉机受到的牵引力恒为F，受到地面的阻力为自重的k倍，把所受阻力恒定，连接杆质量不计且与水平面的夹角θ保持不变．求：〔1〕拖拉机的加速度大小．〔2〕拖拉机对连接杆的拉力大小．17．〔14分〕一列车的制动性能经测定，当它以标准速度20m/s在水平轨道上行驶时，制动后做匀减速运动需40s才停下．现在这列车正以20m/s的速度在水平轨道上行驶，司机突然发现前方180m处一货车正以6m/s的速度同向行驶，于是立即制动保持测试时的加速度做匀减速直线运动．求：〔1〕列车的制动性能测定出的加速度多大？〔2〕计算说明是否会发生撞车事件？〔3〕如不发生撞车，计算列车和货车间的最小距离多大？如发生撞车，计算何时撞车？18．〔14分〕质量为M、长为L的杆水平放置，杆两端A、B系着长为3L的不可伸长且光滑的柔软轻绳，绳上套着一质量为m的小铁环．重力加速度为g，不计空气影响．〔1〕现让杆和环均静止悬挂在空中，如图甲，求绳中拉力的大小：〔2〕假设杆与环保持相对静止，在空中沿AB方向水平向右做匀加速直线运动，此时环恰好悬于A端的正下方，如图乙所示．①求此状态下杆的加速度大小a；②为保持这种状态需在杆上施加一个多大的外力，方向如何？2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高三〔上〕第一次质检物理试卷一、单项选择题：〔每一小题4分，共32分〕1．嫦娥三号月球探测器于2013年12月2日凌晨发射升空，2013年12月14日成功完成月面软着陆，2013年12月15日4时35分，嫦娥三号着陆器与巡视器〔“玉兔号〞月球车〕成功别离，这标志着我国的航天事业又一次腾飞，下面有关嫦娥三号的说法正确的答案是( )A．嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，加速度也很小B．研究“玉兔号〞月球车在月球外表运动的姿态时，可以将其看作质点C．研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，可以将其看作质点D．“玉兔号〞月球车静止在月球外表时，其相对于地球也是静止的考点：加速度；质点的认识；速度．分析：加速度等于单位时间内的变化量，反映速度变化快慢的物理量；当物体的大小形状在研究的问题中可以忽略，物体可以看成质点．解答：解：A、嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，但是速度变化很快，加速度很大，故A错误．B、研究“玉兔号〞月球车在月球外表运动的姿态时，“玉兔号〞月球车的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故B错误．C、研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，嫦娥三号的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确．D、“玉兔号〞月球车静止在月球外表时，相对月球是静止的，相对地球是运动的，故D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键知道加速度的物理意义，掌握物体能看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．2．如下列图，一个人沿着一个圆形轨道运动，由A点开始运动，经过半个圆周到达B点，如下说法正确的答案是( )A．人从A到B的平均速度方向沿B点的切线方向B．人从A到B的平均速度方向由A指向BC．人在B点的瞬时速度方向由A指向BD．人所经过的位移大小为圆周长的一半考点：平均速度；瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：速度是矢量，根据平均速度方向沿位移方向，而瞬时速度方向沿切线方向进展分析判断．解答：解：AB、人从A到B的位移方向由A到B；故平均速度方向由A指向B；故A错误，B正确；C、瞬时速度沿轨迹的切线方向，故人在B点的速度方向沿B点的切线方向；故C错误，D、人经过的位移大小为AB间的直线长度，故为直径长度；故D错误；应当选：B点评：此题考查速度的方向，要注意明确平均速度和瞬时速度方向的区别；明确平均速度方向与位移方向一致；而瞬时速度方向与轨迹的切线方向一致．3．甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的答案是( )A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲做减速直线运动，乙做加速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快D．甲、乙在相等时间内速度变化大小一样考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，正负表示加速度的方向．解答：解：A、加速度的正负表示方向，不表示大小，可知甲乙的加速度相等，故A错误．B、甲的速度方向与加速度方向一样，甲做加速运动，乙的速度方向与加速度方向相反，乙做减速运动，故B错误．C、甲乙的加速度相等，如此速度变化快慢一样，故C错误．D、甲乙的加速度大小相等，如此相等时间内速度变化量大小相等，故D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．4．一质点沿直线Ox方向做加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=3+2t3〔m〕，它的速度随时间变化的关系为v=6t2〔m/s〕，如此该质点在t=3s时的瞬时速度和t=0到t=3s 间的平均速度分别为( )A．54 m/s，18 m/s B．54 m/s，27 m/sC．18 m/s，54 m/s D．27m/s，54 m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据速度时间关系关系求得3s时的瞬时速度，分别求得t=0和t=3s时物体的位置坐标求得物体在3s内的位移，根据平均速度公式求得平均速度．解答：解：根据速度时间关系知，当t=3s时物体的速度为：v=54m/s根据x﹣t关系式知，当t=0时物体的位置距O点x1=3m，当t=3s时物体的位置距O点为：所以物体3s内的位移为：△x=x3﹣x1=57﹣3m=54m故物体的平均速度为：应当选：A．点评：此题相当于数学上代数题，代入求值，只要掌握位移与距离的关系和平均速度公式就能正确求解．5．一物体由M点出发沿直线MN运动，行程的第一局部是加速度大小为3m/s2的匀加速运动，接着做加速度大小为2m/s2的匀减速运动，抵达N点时恰好静止．如果MN的总长度是15m，如此物体走完MN所用的时间t为( )A．2s B．3s C．4s D．5s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：设总时间为t，加速时间为t1，如此减速时间为t﹣t1；如此由平均速度公式可得出位移表达式，同时可得出速度关系，联立可解得总时间解答：解：物体加速过程最大速度也为减速过程的最大速度，如此有：a1t1=a2〔t﹣t1〕…①；物体在全程的平均速度为，如此总位移x=…②；联立①②可解得：t==应当选：D．点评：此题注意平均公式的应用，因加速过程平均速度等于，而减速过程同样也是，故可知全程的平均速度，即表示出总位移；平均速度公式在解题中要注意应用．6．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s 2，如此4s内物体的( ) A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为40m/sD．平均速度大小为9m/s，方向向上考点：竖直上抛运动；平均速度．分析：物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s内位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at求出速度的改变量．解答：解：物体的初速度是30m/s，向上运动的时间：s向上运动的最大位移：mA、B、4s内物体的位移为：x==30×4﹣=40m，方向竖直向上；路程为：s=h m+〔h m﹣x〕=2h m﹣x=2×45﹣40=50m．故A错误，B错误；C、速度改变量的大小为：△v=at=gt=10×4m/s=40m/s．故C正确；D、平均速度大小为：m/s，方向向上．故D错误．应当选：C．点评：对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用．7．物体某段过程的v﹣t图象如下列图，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，如此在t1～t2过程中( )A．加速度不变B．加速度不断增大C．平均速度小于D．平均速度大于考点：匀变速直线运动的图像；平均速度．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、在速度﹣时间图象中，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；从图象中看出在t1～t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小，说明加速度的大小在减小，故A错误．B、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小，即速度不断减小，故B正确．CD、如果物体在t1～t2过程中做的是匀减速直线运动，且初末速度分别为V1和V2，那么由匀变速直线运动的规律可得：v=，但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度，所以＜，故C正确，D错误．应当选：C点评：此题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．8．如下列图，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．如此物体b受力的个数为( )A．3 B．4 C．5 D．6考点：物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：以a为研究对象，根据平衡条件求出b对a的静摩擦力大小．以AB整体为研究对象，求解c对b的静摩擦力大小．以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件求解桌面对b的静摩擦力大小．解答：解：以a为研究对象，根据平衡条件得到：b对a的静摩擦力大小F f1=0，否如此a 水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡．以ab整体为研究对象，根据平衡条件得到：F f2=F b=5N．再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：F f3=F c﹣F b=10N﹣5N=5N，方向水平向左．所以F f1=0，F f2=5N，F f3=5N．如此物体b受力的个数为重力、c对b的支持力，与静摩擦力，a对b的压力，还有拉力F b，共5个，故C正确，ABD错误；应当选：C．点评：此题是三个物体的平衡问题，物体较多，研究对象要灵活选择，也可以就采用隔离法研究．9．如下列图，一物块静止在粗糙的斜面上．现用一水平向右的推力F推物块，物块仍静止不动．如此( )A．斜面对物块的静摩擦力可能变小B．斜面对物块的静摩擦力一定变大C．斜面对物块的支持力可能变小D．斜面对物块的支持力一定不变考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：有无推力F作用时，物块都静止不动，受力平衡，对物体进展受力分析，根据平衡条件列式即可求解．解答：解：没有推力时，物块静止不动，受力平衡，物体受重力、支持力和静摩擦力，设斜面的倾角为θ，在垂直斜面方向上，斜面对物块的支持力N=mgcosθ，在沿着斜面方向有：f=mgsinθ推力F作用后，根据平衡条件得：AB、在沿着斜面方向有f′=mgsinθ﹣Fcosθ，当mgsinθ＞Fcosθ时，摩擦力变小，当mgsinθ＜Fcosθ时，摩擦力方向变化，假设Fcosθ＞2mgsinθ如此静摩擦力反向增大，故A正确，B错误．CD、在垂直斜面方向上，N′=mgcosθ+Fsinθ，如此斜面对物块的支持力一定变大，CD均错误；应当选：A．点评：解决此题的关键能够正确地对研究对象进展受力分析，同时注意静摩擦力的方向可能会改变，难度适中．二、不定项选择题：〔每一小题4分，共16分〕10．甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的 v﹣t图象如下列图．如下判断正确的答案是( )A．乙车启动时，甲车在其前方50m处B．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC．乙车启动10s后正好追上甲车D．乙车超过甲车后，两车不会再相遇考点：匀变速直线运动的图像．分析：速度﹣时间图象切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，根据两车的速度关系和位移分析何时相遇．解答：解：A、根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知乙在t=10s时启动，此时甲的位移为x==50m，即甲车在乙前方50m处，故A正确．B、当两车的速度相等时相遇最远，最大距离为：S max=×〔5+15〕×10m﹣×10×5m=75m，故B正确．C、由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动10s后位移小于甲的位移，还没有追上甲，故C错误．D、乙车超过甲车后，由于乙的速度大，所以不可能再相遇，故D正确．应当选：ABD．点评：此题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．11．如下列图，竖直光滑杆上套有一个小球和两根弹簧，两弹簧的一端各与小球相连，另一端分别用销钉M、N固定于杆上，小球处于静止状态．设拔去销钉M瞬间，小球加速度的大小为12m/s2．假设不拔去销钉M而拔去销钉N瞬间，小球的加速度可能是〔取g=10m/s2〕( )A．22m/s2，竖直向上B．22m/s2，竖直向下C．2m/s2，竖直向上D．2m/s2，竖直向下考点：牛顿第二定律；胡克定律．分析：小球加速度的大小为12m/s2可能向上也可能向下，拔去销钉M瞬间，上面一个弹簧对小球的作用力为0，小球只受到下面弹簧的作用力，根据牛顿第二定律算出上面弹簧对小球的作用力，如拔去销钉N如此下面一根弹簧作用力为0，再根据牛顿第二定律即可求解，要注意方向．解答：解：设小球的质量为m，向上为正方向，刚开始受力平衡，如此有：F N+F M﹣G=0拔去销钉M瞬间有：F N﹣G=±12m所以F N=﹣2m或22m所以F M=12m或﹣12m去销钉N瞬间，小球受M弹簧和重力G的作用，加速度为：a==2m/s2或﹣22m/s2应当选BC．点评：此题主要考查了牛顿第二定律的应用，要求同学们能正确进展受力分析，注意加速度是矢量，难度不大．12．〔多项选择〕如下列图，质量为M的斜面体静止在粗糙的水平面上，斜面体的两个斜面均是光滑的，顶角为，两个斜面的倾角分别为α、β，且α＞β．两个质量均为m的物体P、Q分别在沿斜面向上的力F1、F2的作用下处于静止状态，如此以下说法中正确的答案是( )A．水平地面对斜面体的静摩擦力方向水平向左B．水平地面对斜面体没有摩擦力C．地面对斜面体的支持力等于〔M+m〕gD．地面对斜面体的支持力等于〔M+2m〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分别对P和Q受力分析，列出对斜面体水平方向和竖直方向的力的关系式，根据数学知识求其大小关系．解答：解：P物体对斜面的水平作用力等于mgcosαsinα=0.5mgsin2α，同理，Q对斜面的水平作用力是：mgcosβsinβ=0.5mgsin2β sin2β=sin2〔﹣α〕=sin2α，所以两力平衡，斜面体没有运动的趋势，水平地面对斜面体没有摩擦力．P对斜面的压力在竖直方向是分力是mg〔cosα〕2 ，Q对斜面的压力在竖直方向是分力是：mg〔cosβ〕2，〔cosβ〕2=cos〔﹣α〕2=sinα2 所以合力为mg，故地面对斜面体的支持力等于〔M+m〕g，故BC正确．应当选：BC点评：此题的重点是受力分析，难点是数学知识在物理中的应用，难度较大．13．如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的函数关系如图乙所示．〔取竖直向上为正方向〕由图可以判断错误的答案是( )A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值T N=mgC．图线的斜率等于物体的质量mD．图线的斜率等于物体质量的倒数考点：加速度与力、质量的关系式．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对货物受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律求出加速度的表达式进展分析，根据表达式结合图象，运用数学知识分析物理问题．解答：解：对货物受力分析，受重力mg和拉力T，根据牛顿第二定律，有T﹣mg=ma，得 a=﹣gA、当T=0时，a=﹣g，即图线与纵轴的交点M的值a M=﹣g，故A正确；B、当a=0时，T=mg，故图线与横轴的交点N的值T N=mg，故B正确；C、D图线的斜率表示质量的倒数，故C错误，D正确；此题选择错误的，应当选：C．点评：此题关键是根据牛顿第二定律求出加速度的表达式，再根据数学知识进展讨论．二、实验题〔每空2分，共12分〕14．某同学利用如图〔a〕装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系〞的实验．〔1〕在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态．〔2〕他通过实验得到如图〔b〕所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线．由此图线可得该弹簧的劲度系数k=50N/m．〔3〕他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图〔c〕所示时，该弹簧的长度x=10cm．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：〔1〕弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直；〔2〕弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律F=k△x求解劲度系数；〔3〕直接从弹簧秤得到弹力，再从图象b弹簧弹簧长度．解答：解：〔1〕弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；〔2〕弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律F=k△x，有：k==；〔3〕由图c得到弹簧的弹力为3N，根据图b得到弹簧的长度为10cm．故答案为：〔1〕竖直；〔2〕50；〔3〕10．点评：此题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律F=k△x并结合图象列式求解．此题关键根据胡克定律推导出弹力与弹簧长度的关系表达式进展分析．15．在“验证力的平行四边形定如此〞实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某一点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．〔1〕某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须等长B．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行C．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其中正确的答案是BE〔填入相应的字母〕．〔2〕本实验采用的科学方法是A．A．等效替代法 B．控制变量法 C．理想实验法 D．建立物理模型法〔3〕本实验中，某同学在坐标纸上画出了如下列图的两个力F1和F2，图中小正方形的边长表示1N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，关于F1、F2与F、θ1和θ2关系正确的有AC．。
甘肃省天水市秦安县第二中学2015_2016学年高一物理上学期期中试题
甘肃省天水市秦安县第二中学2015-2016学年上学期期中考试高一物理试题一、选择题（本大题共17小题，每小题2分，共34分．每题只有一个正确答案）1．敦煌曲子词中有这样的诗句“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行”．其中“看山恰似走来迎”和“是船行”所选择的参考系分别是（）A．船和山B．山和船C．地面和山 D．河岸和流水2．下列情况中的物体，哪些可以看作质点（）ABC．体育教练D．研究地球自转时的地球3．坐在行驶的列车里的乘客，看到铁轨两旁的树木迅速后退，“行驶着的列车”和“树木迅速后退”的参考系分别为（）A．地面、地面B．地面、列车C．列车、列车D．列车、地面4．下列各组物理量中，都是矢量的是（）A．位移、时间、速度 B．速度、速率、加速度C．加速度、速度的变化、速度 D．速度、路程、位移5．关于位移和路程，下列说法中错误的是（）A．物体沿直线向某一方向运动，通过的路程就是位移B．物体沿直线向某一方向运动，通过的路程等于位移的大小C．物体通过一段路程，其位移可能为0D．物体通过的路程不等，但位移可能相同6．以下的计时数据，指时间间隔的是（）A．学校每天7：30准时上课B．每节课45 minC．数学考试9：40结束D．周末文艺晚会18：40开始7．如图所示，一物体沿3条不同的路径由A运动到B，则沿三条路径运动时的位移（）A．沿1较大 B．沿2较大 C．沿3较大 D．都一样大8．关于加速度，下列说法正确的是（）A．加速度表示物体运动的快慢B．加速度表示物体运动速度变化的大小C．加速度表示物体运动速度变化的快慢D．加速度的方向一定与物体运动方向相同9．短跑运动员在100m比赛中，以8m/s的速度迅速从起点冲出，到50m处的速度是9m/s，10s 末到达终点的速度是10.2m/s，则运动员在全程中的平均速度是（）A．9 m/s B．10.2 m/s C．10 m/s D．9.1 m/s10．关于接通电源和释放纸带（物体）的次序，下列说法正确的是（）A．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带同时接通电源D．先接通电源或先释放纸带都可以11．一物体做直线运动的图象如图所示，则该物体（）A．先做加速运动，后做减速运动，速度方向相同B．先做加速运动，后做减速运动，速度方向相反C．先做减速运动，后做加速运动，速度方向相同D．先做减速运动，后做加速运动，速度方向相反12．下列图象中反映物体做匀速直线运动的是（图中x表示位移、v表示速度、t表示时间）（）A．B．C．D．13．对于作匀变速直线运动的物体，下列说法中正确的是（）A．若加速度方向和速度方向相同，虽然加速度很小，物体的速度还是要增大的B．若加速度方向和速度方向相同，虽然加速度很大，物体的速度可能要减小的C．不管加速度方向和速度方向的关系怎样，物体的速度都是增大的D．因为物体作匀变速直线运动，所以它的加速度是均匀变化的14．一质点以一定的向东的初速度做匀变速直线运动，其位移与时间的关系为：x=（10t﹣t2）m，则（）A．质点初速度为10m/sB．质点的加速度大小是1m/s2C．质点的加速度大小是4m/s2D．在2s末，质点在出发点西边，距出发点24m15．生活中有许多谚语和歇后语都蕴含着丰富的物理知识，下列最能说明“物体间力的作用是相互的”的是（）A．秤砣虽小，能压千斤B．人往高处走，水往低处流C．鸡蛋碰石头﹣﹣不自量力D．水滴石穿﹣﹣非一日之功16．月球上没有空气，若宇航员在月球上将羽毛和石块从同一高度处同时由静止释放，则（）A．羽毛先落地B．石块先落地C．它们同时落地 D．它们不可能同时落地17．关于自由落体运动的加速度g，下列说法中正确的是（）A．重的物体的g值大B．同一地点，轻重物体的g值一样大C．g值在地球上任何地方都一样大D．g值在赤道处大于在北极处二、多项选择题（每小题3分，共18分；选不全得2分，选错或不选得0分）18．下列关于重力、弹力和摩擦力的说法，正确的是（）A．物体的重心并不一定在物体的几何中心上B．劲度系数越大的弹簧，产生的弹力越大C．动摩擦因数与物体之间的压力成反比，与滑动摩擦力成正比D．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化19．一个质点沿x轴做直线运动，它的位置坐标随着时间变化的规律是x=﹣2t2﹣3t+1（m），式中t单位为s．关于质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点从坐标原点开始运动B．质点一直向x轴的负方向运动C．在最初的1s内，质点位移是﹣4m，“﹣”表示位移方向与x轴正方向相反D．在最初的1s内，质点的位移大小是5m，位移的方向与x轴正方向相反20．一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止，其速度﹣时间图象如图所示，那么在0～t0和t0～3t0这两段时间内的（）A．加速度大小之比为3：1 B．加速度大小之比为2：1C．位移大小之比为1：3 D．位移大小之比为1：221．甲物体的重力比乙物体的重力大5倍，甲从H m高处自由落下，乙从2H m高处同时自由落下（设高度足够高）．则说法正确的是（）A．两物体下落过程中，同一时刻甲的速率比乙大B．下落1s末，它们的速度相等C．各自下落1m它们的速度相等D．下落过程中甲的加速度比乙大22．甲、乙两物体由同一位置出发沿一直线运动，其速度﹣时间图象如图，下列说法正确的是（）A．甲做匀速直线运动，乙做匀变速直线运动B．两物体两次相遇的时刻分别是在2s末和6s末C．乙在前2s内做匀加速直线运动，2s后做匀减速直线运动D．2s后，甲、乙两物体的速度方向相反23．如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．根据图中的信息，下列判断正确的是（）A．位置“1”是小球释放的初始位置B．小球做匀加速直线运动C．小球下落的加速度为D．小球在位置“3”的速度为二、填空题：（本大题2小题，共18分）．24．（6分）某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示．（实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的）由图可知该弹簧的自然长度为cm；该弹簧的劲度系数为N/m．25．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，如图1所示，是一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，每相邻的两个计数点之间还有4个点没有画出，交流电的频率为50Hz．（计算结果均保留3位有效数字）（1）在打点计时器打B、C、D点时，小车的速度分别为v B= m/s；v C=m/s；v D= m/s．（2）小车运动的加速度为a= m/s2（3）在图2坐标系中描点作图，画出小车的v﹣t图象（4）将图线延长与纵轴相交，交点的速度是 m/s，此速度的物理含义是．四、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本大题3小题，各小题10分，共30分）．27．因搬家要把一质量为300kg钢琴从阳台上降落到地面．用一绳吊着钢琴先以0.5m/s 匀速降落，当钢琴底部距地面高h 时，又以大小为1m/s2的加速度匀减速运动，钢琴落地时速度刚好为零．（g 取10m/s2）求：（1）钢琴做匀减速运动的时间t；（2）匀减速运动的距离h．28．在21届温哥华冬奥会上，我国女子冰壶队取得了优异成绩，比赛中，冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动，设一质量m=20kg的冰壶从被运动员推出到静止共用时t=20s，运动的位移x=30m，取g=10m/s2，求：冰壶在此过程中（1）所受重力的大小；（2）平均速度的大小；（3）加速度的大小．29．A、B两辆货车在同一车道上同向行驶，A在前，速度为v A=10m/s，B车在后速度 v B=30m/s．因大雾能见度低，B车在距A车s0=300m时，才发现前方有A车，这时B车立即刹车，但要经过900m B车才能停止．问：（1）若A车若仍按原速前进，试通过计算分析两车是否会相撞；（2）若B车在刹车的同时发出信号，A车司机在收到信号1s后以1m/s2的加速度加速前进，则A、B是否会相撞？如果不相撞A、B间的最小距离为多少．（信号传递的时间忽略不计）甘肃省天水市秦安县第二中学2015-2016学年上学期期中考试高一物理试卷答案及解析一、选择题（本大题共17小题，每小题2分，共34分．每题只有一个正确答案）1．考点：参考系和坐标系．专题：直线运动规律专题．分析：参考系是假定不动的物体，同一种运动状况选择的参考系不同观察到的结果也不同．由于作者和山之间的距离逐渐减小，如果选择自己或者船作为参考系，则只能是山恰似走来迎；而如果选择山作为参考系，则只能是“是船行”．解答：解：参考系是为了研究问题的方便而假定不动的物体，在本题中作者和山之间的距离逐渐减小，而作者认为自己静止不动，从而“看山恰似走来迎”，故此现象选择的参考系是自己或者船与船上静止不动的物体．但实际上船是运动的，所谓是“船行”选择的参考系是河岸、山或者地球上相对地球静止不动的其它物体．故A正确，故选A．点评：参考系是为了研究问题的方便而假定不动的物体，参考系的选择是任意的，只要对研究问题方便，所有的物体都可以作为参考系；同一种运动状况选择的参考系不同观察到的结果也不同．2．考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．解答：解：A、研究从北京开往上海的一列火车的运行速度时，火车大小可以忽略，可以看成质点，所以A正确；B、研究车轮的转动时不能把车轮看成质点，否则就没有转动了，所以B错误；C、研究体育教练员研究百米跑运动员的起跑动作时，要考虑运动员的动作，不能看成质点，所以C错误；D、研究地球的自转时，地球上各个点的运动情况不一样，不能用一个点代替整个地球，所以D错误．故选A．点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．3．考点：参考系和坐标系．专题：直线运动规律专题．分析：判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化．若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的，据此可正确解答本题．解答：解：我们看到列车在行驶，显然是以地面为参照物，行驶着的汽车里坐着不动的乘客，之所以看到公路两旁的树木迅速向后退，是因为他选择了自己乘坐的汽车为参照物，故ACD错误， B正确．故选B．点评：运动和静止是相对的，选不同的参照物，描述物体运动的结果会不同，通过本题充分理解运动的相对性．4．考点：矢量和标量．分析：既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量，标量正负号表示大小，矢量正负号不表示大小，表示方向．解答：解：A、位移和速度是矢量，而时间只有大小没有方向，是标量，故A错误．B、速度和加速度是矢量．速率是速度的大小，是标量，故B错误．C、加速度、速度的变化和速度都是既有大小又有方向的矢量，故C正确．D、速度和位移都是矢量，而路程是物体运动轨迹的长度，是标量，故D错误．故选：C点评：本题要掌握矢量与标量的区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．5．考点：位移与路程．分析：位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示．路程表示运动轨迹的长度．在单向直线运动中，位移的大小等于路程．解答：解：A、物体单向直线运动，通过的路程等于位移大小，不是位移，因为位移有方向的，故A错误；B正确C、物体通过一段路程，其位移可能为零，比如做圆周运动，故C正确；D、物体沿着不同路径从一位置运动到达另一位置，它们的路程不同，但位移是相同，故D正确；本题选错误的，故选：A点评：解决本题的关键理解路程和位移的区别及联系．位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示．路程表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向．在单向直线运动中，位移的大小等于路程．6．考点：时间与时刻．专题：直线运动规律专题．分析：正确解答本题的关键是：理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．解答：解：A、学校作息时间表的数字是时间点，因此为时刻，故A错误；B、每节课45 min，中的45 min指的是一个时间段，因此为时间，故B正确；C、数学考试9：40结束，9：40是个时间点，是时刻，故C错误；D、周末文艺晚会18：40开始，18：40是指的一个时间点，因此是时刻，故D错误．故选B点评：只要掌握了时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目．7．考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移是起点到终点的有向线段，决定于起点和终点的位置．解答：解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D点评：位移是描述运动常用物理量，抓住概念和方向性．比较简单．8．考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度大表示速度变化快，加速度小表示速度变化慢．解答：解：A、加速度是描述速度变化快慢的物理量，方向与速度变化的方向相同，故A、B 错误，C正确．D、加速度的方向是速度变化的方向而不是物体运动方向（速度方向），故D错误．故选C点评：本题主要考查了加速度的定义，难度不大，属于基础题．9．考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度的定义是一段时间的位移与所用时间的比值．解答：解：由平均速度公式V==10m/s知C正确．故选C点评：本题考查了平均速度的定义，记住，一定要紧扣公式去列式．10．考点：用打点计时器测速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：要保证从速度为零开始计时，便于之后选取计数点．其次就是测量时间很短无法保证人能在合适时间开启电源．采取先接通电源后释放纸带．解答：解：采取先接通电源后释放纸带．因为保证从速度为零开始计时，便于之后选取计数点．其次就是测量时间很短，无法保证人能在合适时间开启电源．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道接通电源和释放纸带的次序及能知道原因．11．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度图象直接读出速度的变化情况，根据图线的斜率分析加速度如何变化，确定物体的运动情况．解答：解：开始一段时间速度均匀增大，说明物体做匀加速直线运动，后来速度均匀减小，说明物体做匀减速直线运动，但速度一直为正，速度方向相同；故选：A．点评：本题是速度图象问题，由图线形状直接读出物体速度的变化，抓住图线的“斜率”等于加速度．12．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：对于v﹣t图象，要读出随时间的变化速度如何变化；对于s﹣t图象，要读出随着时间的变化路程如何变化，从而找到符合匀速直线运动的图象．解答：解：A、是x﹣t图象：随时间的增大，位移不变，表示物体静止，故A不符合题意；B、是x﹣t图象：物体位移均匀增大，位移和时间的比值为常数，表示物体做匀速直线运动，故B正确；C、是v﹣t图象：随时间的增大，物体速度逐渐减小，表示物体做匀减速速直线运动，故C错误；D、是v﹣t图象：随时间的增大，物体速度逐渐增大，表示物体做匀加速运动，故D错误；故选：B．点评：此题考查的是我们对速度概念的理解和对图象的分析能力，属于基本能力的考查，读懂图象信息是正确解答此题的关键．13．考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：判断物体加速还是减速，看加速度与速度的方向关系，当速度的方向与加速度的方向相同，做加速运动；当速度的方向与加速度方向相反，做减速运动．解答：解：A、若加速度方向和速度方向相同，无论加速度增大还是减小，速度都增大．故A 正确，B错误；C、若加速度方向与速度方向相反，无论加速度增大还是减小，速度都减小．故C错误；D、匀变速直线运动的加速度不变．故D错误；故选：A．点评：解决本题的关键掌握当速度的方向与加速度的方向相同，做加速运动；当速度的方向与加速度方向相反，做减速运动．14．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式求出初速度和加速度，然后再根据该公式求出3s内的位移．解答：解：A、由=10t﹣t2，则初速度v0=10m/s，a=﹣2m/s2．故A正确，BC错误；D、2s末，质点位移x=10t﹣t2=10×2﹣22=16m，为正值，故质点在出发点东边，距离16m处，故D错误；故选：A点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式15．考点：牛顿第三定律．专题：常规题型．分析：从力的概念，力作用的相互性，一个对另一个物体施加力的作用有两种形式：一是物体直接接触作用，二是物体之间的间接作用，等知识点对各个选项逐一分析即可．解答：解：A、小小秤砣压千斤，这是运用杠杆的原理，较小的力可以产生较大的作用效果，故A错误；B、水从高处流向低处，水向下运动的方向表明了重力的方向是竖直向下．故B错误；C、鸡蛋碰石头﹣﹣自不量力，石头对鸡蛋有力的作用，鸡蛋对石头也有力的作用，故C正确；D、水滴石穿﹣﹣非一日之功，反映的是持之以恒的精神，故D错误；故选：C．点评：此题主要考查学生对力作用的相互性这一知识点的理解和掌握，难度不大，是一道基础题．16．月球上没有空气，若宇航员在月球上将羽毛和石块从同一高度处同时由静止释放，则（）A．羽毛先落地B．石块先考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：月球上没有空气，物体只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据自由落体运动的规律可知，下落时间由高度决定，高度相同，则运动时间相同．解答：解：月球上没有空气，羽毛和石块只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据h=可知：t=又因为羽毛和石块从同一高度同时下落，故运动的时间相等，所以羽毛和石块同时落地．故选：C．点评：月球上没有空气，静止释放的物体运动情况与地球上自由落体运动的物体运动运动情况相似，物体的位移、速度、加速度、时间等与物体的质量无关．这类题目根据自由落体运动的基本规律直接解题，难度不大．17．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动的加速度在地球上同一地点大小相等，在赤道处的重力加速度小于两极的重力加速度．解答：解：A、地球上同一地点的重力加速度相等，与物体的轻重无关．故A错误，B正确． C、在地球上两极的重力加速度大于赤道处的重力加速度．故CD错误．故选B．点评：解决本题的关键知道地球上同一地点的重力加速度相等，在赤道处的重力加速度小于两极的重力加速度．二、多项选择题（每小题3分，共18分；选不全得2分，选错或不选得0分）18．考点：滑动摩擦力；重力；重心．专题：摩擦力专题．分析：（1）重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心；（2）在弹性限度范围内，F=kx，其中F为弹力大小，x为伸长量或压缩量，k为弹簧的劲度系数；（3）动摩擦因数与接触面的粗糙程度有关，与物体之间的压力、滑动摩擦力无关；（4）静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化的，当超过最大静摩擦力之后就开始相对运动了，此后就是滑动摩擦力了．解答：解：A．重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心，故A正确；B．根据弹簧弹力的表达式F=kx，x为伸长量或压缩量，k为弹簧的劲度系数，可知：弹力不仅跟劲度系数有关，还跟伸长量或压缩量有关，故B错误；C．动摩擦因数与接触面的粗糙程度有关，与物体之间的压力、滑动摩擦力无关，故C错误；D．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化的，当超过最大静摩擦力之后就开始相对运动了，此后就是滑动摩擦力了，故D正确．故选AD．点评：本题考查了重心、弹簧弹力、动摩擦因素、静摩擦力的影响因素，难度不大，属于基础题．19．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据坐标位置随时间的变化规律得出最初1s内的位移，结合位移公式得出速度和加速度的关系，从而确定质点的运动规律．解答：解：A、当t=0时，x=1m，可知质点不是从坐标原点开始运动，故A错误．B、根据知，初速度v0=﹣3m/s，加速度a=﹣4m/s2，可知初速度的方向和加速度方向相同，质点做加速运动，且质点一直沿x轴负方向运动．故B正确．C、在最初1s内，质点的位移x=（﹣2﹣3+1）﹣1m=﹣5m，可知质点的位移大小为5m，位移的方向与x轴正方向相反．故C错误，D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，会根据速度方向和加速度方向的关系判断物体的运动规律．20．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度图象的斜率等于加速度求解加速度之比．速度图象与坐标轴所围“面积”等于位移大小，由几何知识求解位移大小之比解答：解：AB、根据速度图象的斜率等于加速度大小，则有在0～t0和t0～3t0两段时间内加速度大小之比为：a1：a2=：=2：1．故A错误，B正确．CD、根据“面积”等于位移大小，则有位移之比为：x1：x2=v0t0：v0•2t0=1：2．故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题只要抓住速度图象的两个数学意义就能正解作答：斜率等于加速度，“面积”等于位移大小．21．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：因为甲乙物体均做自由落体运动，所以它们的初速度为零，加速度为g，根据运动学关系式求解．解答：解：AB中、因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为g，任意时刻的速度为：v=gt，所以两物体下落过程中，在同一时刻甲的速度与乙的速度相等，故A 错误；B、根据v=gt可知下落ls末，它们的速度相等，故B正确；。
甘肃省天水一中高一物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高一全册物理试题
甘肃省天水一中2014-2015学年高一上学期期中物理试卷一、选择题〔本大题共10小题，1-8题为单项选择，9-10题为多项选择，每题4分，共40分〕1．〔4分〕关于加速度的概念，如下表示中正确的答案是〔〕A．加速度就是增加的速度B．加速度反映了速度变化的大小C．加速度反映了速度变化的快慢D．物体加速度为零，如此速度一定为零2．〔4分〕在校运动会中，某同学在标准的400米跑道上参加800米比赛的成绩是130秒，如此该同学的平均速度和平均速率分别是〔〕A．6.15m/s，6.15m/s B．0，6.15m/sC．6.15m/s，0 D．0，3.3m/s3．〔4分〕在空中某固定点悬一根均匀的绳子，现从悬点释放绳子让其自由下落，假设此绳通过悬点正下方20m处某点A共用了时间1s，如此该绳全长为〔〕〔g取10m/s2〕．A．10m B．13m C．15m D．18m4．〔4分〕一个小球自由下落，碰到桌面立即反弹，碰撞前后速度大小不变，取竖直向上方向为速度的正方向，其速度﹣时间图象是〔〕A．B．C．D．5．〔4分〕A、B两辆汽车从同一地点在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度时间图象如下列图，如此在6s内〔〕A．A、B两辆汽车运动方向相反B．A车的加速度大于B车的加速度C．t=4s时，A、B两辆汽车相距最远D．t=4s时，A、B两辆汽车刚好相遇6．〔4分〕一质点自原点开始在x轴上运动，初速度v0＞0，加速度a＞0．当a值不断减小直至为零时，质点的〔〕A．速度不断减小，位移不断减小B．速度不断减小，位移继续增大C．速度不断增大，当a=0时，速度达到最大，位移不断增大D．速度不断减小，当a=0时，位移达到最大值7．〔4分〕有一长为L的列车，正以恒定的加速度过铁路桥，桥长也为L，现列车车头过桥头时的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，那么，车尾过桥尾时的速度为〔〕A．2v1﹣v2B．2v2﹣v1C．D．8．〔4分〕在足够高的空中某点竖直上抛一物体，抛出后第5s内物体的位移大小是4m，设物体抛出时的速度方向为正方向，忽略空气阻力的影响，g取10m/s2．如此关于物体的运动如下说法正确的答案是〔〕A．物体的上升时间可能是4.9sB．第5s内的平均速度一定是﹣4m/sC．4s末的瞬时速度可能是10m/sD．10s内位移可能为﹣100m9．〔4分〕a、b两物体同时、同地、同向做匀变速直线运动，假设加速度一样，初速度不同，如此在运动过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．a、b两物体速度之差保持不变B．a、b两物体速度之差与时间成正比C．a、b两物体位移之差与时间成正比D．a、b两物体位移之差与时间平方成正比10．〔4分〕小球从空中自由下落，与水平地面第一次相碰后反弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如下列图．假设g=10m/s2，如此〔〕A．小球第一次反弹后离开地面的速度的大小为5m/sB．碰撞前后速度改变量的大小为2m/sC．小球是从1.25m高处自由下落的D．小球反弹起的最大高度为0.45 m二、实验题〔本大题共两小题，每空4分，共计20分〕11．〔8分〕某同学在研究性学习中利用光电门针对自由落体运动进展了研究．如下列图，用铁架台固定竖直长木板，光电门A、B分别固定在长木板上，AB相距S=41cm；现从光电门A上方某高度静止释放一个小球，小球通过A、B的时间分别为△t1=1.05×10﹣2s、△t2=3.50×10﹣3s，小球直径d=10.50mm．回答如下问题：①小球通过光电门A时的瞬时速度为m/s．②物体的加速度a=m/s2；〔计算结果取三位有效数字〕12．〔12分〕用一端装有定滑轮的长木板，小车、打点计时器〔频率为50Hz〕、钩码、纸带、细线组成如图〔a〕．所示的装置，钩码拉动小车，小车做匀加速直线运动，得到如图〔b〕．所示的一条纸带，纸带中相邻两个计数点之间有四个点未画出．〔1〕在这一实验中，某同学操作了以下实验步骤，其中有明显错误的步骤是〔填写字母〕A．将打点计时器固定在平板上，并接好电路．B．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔．C．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码．D．将小车移至靠近定滑轮处E．放开纸带，再接通电源．〔2〕如图〔b〕，用毫米刻度尺测量得：AB=4.56cm、AC=12.16cm、AD=22.52cm、AE=36.06cm，如此：打C点时小车的速度大小为 m/s；小车的加速度为 m/s2．〔结果保存三位有效数字〕三、计算题〔本大题共3小题，共计40分〕13．〔12分〕在竖直的井底，将一物块以11m/s的初速度竖直向上抛出，物体冲出井口再落回到井口时被人接住，在被人接住前1s内物体的位移是4m，位移方向向上，不计空气阻力，取g=10m/s2．求：〔1〕物体从抛出点到被人接住所经历的时间；〔2〕竖直井的深度．14．〔12分〕汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～60s内汽车的加速度随时间变化的图线如下列图．〔1〕写出计算过程并画出汽车在0～60s内的v﹣t图线；〔2〕求在这60s内汽车行驶的路程．15．〔16分〕汽车从静止开始以a=1m/s2的加速度直线前进，车前与车相距x0=20m处，某人同时开始以4m/s的速度同方向匀速向前运动．〔1〕经过多长时间汽车的速度达到4m/s？〔2〕汽车追上人之前，他们之间的最大间距是多少？〔3〕经过多长时间车才追上人？甘肃省天水一中2014-2015学年高一上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共10小题，1-8题为单项选择，9-10题为多项选择，每题4分，共40分〕1．〔4分〕关于加速度的概念，如下表示中正确的答案是〔〕A．加速度就是增加的速度B．加速度反映了速度变化的大小C．加速度反映了速度变化的快慢D．物体加速度为零，如此速度一定为零考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是物体速度变化和所用时间的比值，加速度反响物体速度变化快慢的物理量．解答：解：A、加速度是物体速度变化和所用时间的比值，不是增加的速度，故A错误；BC、加速度反响了物体速度变化的快慢，故B错误C正确；D、物体加速度为0，说明物体的速度没有发生变化，但不能说明物体的速度为0，故D错误．应当选：C．点评：掌握加速度的定义与其物理意义是正确解题的关键，不难属于根底题．2．〔4分〕在校运动会中，某同学在标准的400米跑道上参加800米比赛的成绩是130秒，如此该同学的平均速度和平均速率分别是〔〕A．6.15m/s，6.15m/s B．0，6.15m/sC．6.15m/s，0 D．0，3.3m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：由题意分析运动员的位移和路程，再由平均速度和平均速率的计算方法可求出．解答：解：同学在比赛中，位移为0；而路程为800m；故其平均速度为：v==0；平均速率为：v′===6.15m/s；应当选：B．点评：此题要注意明确平均速度为位移与时间的比值；而平均速率为路程与时间的比值．3．〔4分〕在空中某固定点悬一根均匀的绳子，现从悬点释放绳子让其自由下落，假设此绳通过悬点正下方20m处某点A共用了时间1s，如此该绳全长为〔〕〔g取10m/s2〕．A．10m B．13m C．15m D．18m考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：先由自由落体规律求出通过A点的时间，再由匀变速规律可得绳长．解答：解：绳下端到A点时的速度v，从下落到全部通过的时间为t，由自由落体规律可得：解得：设绳从下落到下端接触A的时间为t1，如此绳长为：=故C正确应当选：C点评：灵活选取研究过程，是此题的关键，另外要熟练应用自由落体和匀变速规律．4．〔4分〕一个小球自由下落，碰到桌面立即反弹，碰撞前后速度大小不变，取竖直向上方向为速度的正方向，其速度﹣时间图象是〔〕A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：开始时小球做自由落体运动竖直向下的速度逐渐增大，加速度竖直向下保持g值不变；落地后弹起的过程中，小球做竖直上抛运动．解答：解：由于题目选择竖直向上为正方向，开始时小球做自由落体运动竖直向下的速度逐渐增大，即速度为负值且一直增大，加速度竖直向下保持g值不变，即斜率保持不变且斜率为负值，故ABC错误；落地后弹起的过程中，小球做竖直上抛运动，速度为正向均匀减小．加速度竖直向下保持g 值不变，即斜率保持不变且斜率为负值，故D正确．应当选：D点评：此题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义并能根据实际的运动过程判断出物体的运动性质．5．〔4分〕A、B两辆汽车从同一地点在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度时间图象如下列图，如此在6s内〔〕A．A、B两辆汽车运动方向相反B．A车的加速度大于B车的加速度C．t=4s时，A、B两辆汽车相距最远D．t=4s时，A、B两辆汽车刚好相遇考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在v﹣t图象中速度的正负表示物体的速度方向，即运动方向．图线与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．如果从同一位置出发，相遇要求在同一时刻到达同一位置，即同一段时间内的位移一样．根据速度和位置关系，即可判断两者间距如何变化．解答：解：A、由图可知，两物体的速度均沿正方向，故方向一样，故A错误；B、B直线斜率的绝对值大于A直线斜率的绝对值，故B车的加速度大于A车的加速度，B错误；C、在t=4s之前B物体的速度比A物体的速度大，B在A的前方，所以两物体相距越来越远，t=4s之后A物体的速度大于B物体的速度，两物体相距越来越近，故t=4s时，A、B两辆汽车相距最远，故C正确，D错误；应当选：C．点评：此题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动规律，然后根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进展分析处理．6．〔4分〕一质点自原点开始在x轴上运动，初速度v0＞0，加速度a＞0．当a值不断减小直至为零时，质点的〔〕A．速度不断减小，位移不断减小B．速度不断减小，位移继续增大C．速度不断增大，当a=0时，速度达到最大，位移不断增大D．速度不断减小，当a=0时，位移达到最大值考点：加速度；匀变速直线运动的公式．专题：直线运动规律专题．分析：当加速度方向与速度方向一样，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，结合速度的方向判断位移的变化．解答：解：质点初速度v0＞0，加速度a＞0．知初速度方向与加速度方向一样，加速度减小，速度增大，当a减小到零，速度达到最大．由于速度的方向未改变，如此位移一直增大．故C正确，A、B、D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．7．〔4分〕有一长为L的列车，正以恒定的加速度过铁路桥，桥长也为L，现列车车头过桥头时的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，那么，车尾过桥尾时的速度为〔〕A．2v1﹣v2B．2v2﹣v1C．D．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式进展求解．解答：解：列车车头过桥头时的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，如此有．设车尾过桥尾时的速度为v，如此有．联立两式解得v=．故D正确，A、B、C错误．应当选：D．点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用．8．〔4分〕在足够高的空中某点竖直上抛一物体，抛出后第5s内物体的位移大小是4m，设物体抛出时的速度方向为正方向，忽略空气阻力的影响，g取10m/s2．如此关于物体的运动如下说法正确的答案是〔〕A．物体的上升时间可能是4.9sB．第5s内的平均速度一定是﹣4m/sC．4s末的瞬时速度可能是10m/sD．10s内位移可能为﹣100m考点：平均速度；瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：抓住第5s内的位移可能向上，可能向下，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出第5s内的初速度．结合运动学公式和推论进展分析求解．解答：解：A、假设位移的方向向上，根据得，4=v0﹣5，解得第5s内的初速度为9m/s，上升到最高点还需的时间，如此物体上升的时间可能为4.9s．假设物体的位移向下，如此﹣4=v0﹣5，解得第5s内初速度为1m/s．故A正确．B、第5s内的位移可能向上，可能向下，如此平均速度可能为4m/s，可能为﹣4m/s．故B 错误．C、由A选项解析可知，4s末的速度可能为9m/s，可能为1m/s．故C错误．D、当物体第5s初的速度为9m/s时，如此物体竖直上抛的初速度v=v0+gt=49m/s，当物体第5s初的速度为1m/s时，如此物体的初速度v=v0+gt=41m/s．可知10s末的速度可能为﹣51m/s，可能为﹣59m/s，根据x=得，10s内的位移可能为﹣10m，可能为﹣90m．故D错误．应当选：A．点评：解决此题的关键知道竖直上抛运动的加速度不变，可以全过程研究，运用运动学公式求解，注意速度、位移、加速度的方向．9．〔4分〕a、b两物体同时、同地、同向做匀变速直线运动，假设加速度一样，初速度不同，如此在运动过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．a、b两物体速度之差保持不变B．a、b两物体速度之差与时间成正比C．a、b两物体位移之差与时间成正比D．a、b两物体位移之差与时间平方成正比考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据速度时间公式得出a、b两物体的速度之差，根据位移时间公式得出a、b两物体的位移之差，从而分析判断．解答：解：A、设加速度为a，如此a、b的速度之差△v=〔v a+at〕﹣〔v b+at〕=v a﹣v b，知a、b两物体的速度之差保持不变．故A正确，B错误．C、a、b两物体位移之差=〔v a﹣v b〕t，知a、b的位移之差与时间成正比．故C正确，D错误．应当选：AC．点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用．10．〔4分〕小球从空中自由下落，与水平地面第一次相碰后反弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如下列图．假设g=10m/s2，如此〔〕A．小球第一次反弹后离开地面的速度的大小为5m/sB．碰撞前后速度改变量的大小为2m/sC．小球是从1.25m高处自由下落的D．小球反弹起的最大高度为0.45 m考点：匀变速直线运动的图像；自由落体运动．专题：运动学中的图像专题．分析：解决此题的关键是正确理解速度时间图象的物理意义：速度图象的斜率代表物体的加速度，速度图象与时间轴围成的面积代表物体的位移，最后求出反弹的高度．解答：解：A、由图象可知：0.5s末物体反弹，此时速度的大小为3m/s，故A错误；B、碰撞时速度的改变量为△v=﹣3m/s﹣5m/s=﹣8m/s，如此速度的改变量大小为8m/s，故B 错误；C、由图象可知：前0.5s内物体自由下落，后0.3s物体反弹，根据v﹣t图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得：小球下落的高度为：h=×0.5×5m=1.25m．故C正确；D、小球能弹起的最大高度对应图中0.6s﹣0.8s内速度图象的面积，所以h=×0.3×3m=0.45m，故D正确；应当选：CD点评：解决此题要明确v﹣t图象的含义：在v﹣t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负．二、实验题〔本大题共两小题，每空4分，共计20分〕11．〔8分〕某同学在研究性学习中利用光电门针对自由落体运动进展了研究．如下列图，用铁架台固定竖直长木板，光电门A、B分别固定在长木板上，AB相距S=41cm；现从光电门A上方某高度静止释放一个小球，小球通过A、B的时间分别为△t1=1.05×10﹣2s、△t2=3.50×10﹣3s，小球直径d=10.50mm．回答如下问题：①小球通过光电门A时的瞬时速度为1.00m/s．②物体的加速度a=9.76m/s2；〔计算结果取三位有效数字〕考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：根据较短时间内的平均速度可以表示瞬时速度求出瞬时速度，根据运动学公式求出加速度．解答：解：〔1〕由于小球通过光电门的时间极短，可以利用其平均速度来代替瞬时速度，因此有：滑块经过光电门A时的速度表达式v A==1m/s〔2〕经过光电门2时的速度表达式v2==3m/s设物体的加速度为a，根据匀变速直线运动公有解得：a==9.76m/s2．故答案为：〔1〕1.00，〔2〕9.76点评：掌握在较短时间内的平均速度可以表示瞬时速度，正确利用匀变速直线运动公式求出加速度．12．〔12分〕用一端装有定滑轮的长木板，小车、打点计时器〔频率为50Hz〕、钩码、纸带、细线组成如图〔a〕．所示的装置，钩码拉动小车，小车做匀加速直线运动，得到如图〔b〕．所示的一条纸带，纸带中相邻两个计数点之间有四个点未画出．〔1〕在这一实验中，某同学操作了以下实验步骤，其中有明显错误的步骤是DE〔填写字母〕A．将打点计时器固定在平板上，并接好电路．B．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔．C．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码．D．将小车移至靠近定滑轮处E．放开纸带，再接通电源．〔2〕如图〔b〕，用毫米刻度尺测量得：AB=4.56cm、AC=12.16cm、AD=22.52cm、AE=36.06cm，如此：打C点时小车的速度大小为0.898 m/s；小车的加速度为2.94 m/s2．〔结果保存三位有效数字〕考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：〔1〕探究小车速度随时间变化的关系的实验，所需的实验器材应该从实验的过程和步骤去考虑；接通电源与释放纸带〔或物体〕的先后顺序根据实验情况总结得出．〔2〕根据匀变速直线运动的推论公式x m﹣x n=〔m﹣n〕aT2，可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：〔1〕其中有明显错误的步骤是：D：将小车移至靠近定滑轮处，那么小车在水平面上运动的距离很小，即在纸带上打下的点也很少．不利于数据的处理，故D错误E：开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带〔随物体〕开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故E错误应当选DE．〔2〕由于两个相邻的计数点之间还有4个点没画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，v C===0.898m/s根据匀变速直线运动的推论公式x m﹣x n=〔m﹣n〕aT2，得：a==2.94 m/s2．故答案为：〔1〕DE 〔2〕0.898； 2.94；点评：此题考查了实验的具体操作细节，要加强实验的实际操作，不能单凭背实验来解答实验问题．三、计算题〔本大题共3小题，共计40分〕13．〔12分〕在竖直的井底，将一物块以11m/s的初速度竖直向上抛出，物体冲出井口再落回到井口时被人接住，在被人接住前1s内物体的位移是4m，位移方向向上，不计空气阻力，取g=10m/s2．求：〔1〕物体从抛出点到被人接住所经历的时间；〔2〕竖直井的深度．考点：竖直上抛运动；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：竖直上抛运动的处理方法有整体法和分段法，要求路程或上升的最大高度时一般用分段法，此题可以直接应用整体法进展求解．解答：解：〔1〕设最后1s内的平均速度为：如此：m/s平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即接住前0.5s的速度为v1=4m/s设物体被接住前1s的瞬时速度为v2：如此v1=v2﹣gt得：v2=4+10×0.5=9m/s，如此物体从抛出点到被人接住所经历的时间t=+1=+1=1.2s；〔2〕竖直井的深度即抛出到接住物块的位移，如此h=v0t﹣gt2=11×1.2﹣×10×1.22=6m．答：〔1〕物体从抛出点到被人接住所经历的时间为1.2s〔2〕竖直井的深度为6m．点评：竖直上抛运动的处理方法有整体法和分段法，要求路程或上升的最大高度时一般用分段法，此题只有竖直向上的匀减速运动，直接应用整体法求解即可．14．〔12分〕汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～60s内汽车的加速度随时间变化的图线如下列图．〔1〕写出计算过程并画出汽车在0～60s内的v﹣t图线；〔2〕求在这60s内汽车行驶的路程．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：〔1〕物体在0﹣10s内做匀加速直线运动，在10﹣40s内做匀速直线运动，在40﹣60s内做匀减速直线运动，可知在10s末的速度最大，根据速度时间公式求出汽车的最大速度，作出汽车在0﹣60s内的速度时间图线；〔2〕速度时间图线围成的面积表示位移，根据图线围成的面积求出汽车在60s内通过的路程．解答：解：〔1〕设t=10s，40s，60s时刻的速度分别为v1，v2，v3．由图知0～10 s内汽车以加速度2 m/s2匀加速行驶，由运动学公式得v1=2×10m/s=20m/s 由图知10～40s内汽车匀速行驶，因此v2=20m/s由图知40～60s内汽车以加速度1m/s2匀减速行驶，由运动学公式得v3=m/s=0汽车在0～60s内的v﹣t图线，如下列图．〔2〕由v﹣t图线可知，在这60s内汽车行驶的路程为s=×20m=900m．答：〔1〕汽车在0～60s内的v﹣t图线，如下列图；〔2〕在这60s内汽车行驶的路程为900m．点评：此题首先要根据加速度图象分析出汽车的运动情况，求出各段运动过程汽车的速度，即可画出速度图象，求解总路程时可以运用运动学公式分段求解，但是没有图象法求解快捷．15．〔16分〕汽车从静止开始以a=1m/s2的加速度直线前进，车前与车相距x0=20m处，某人同时开始以4m/s的速度同方向匀速向前运动．〔1〕经过多长时间汽车的速度达到4m/s？〔2〕汽车追上人之前，他们之间的最大间距是多少？〔3〕经过多长时间车才追上人？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：追与、相遇问题．分析：〔1〕根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车速度达到4m/s时的时间．〔2〕汽车和人速度相等前，人的速度大于汽车的速度，两者距离越来越大，速度相等后，汽车的速度大于人的速度，两者距离越来越小，知速度相等时，两者相距最大，结合速度时间公式和位移时间公式求出两者的最大间距．〔3〕抓住位移关系，结合位移时间公式求出追与的时间．解答：解：〔1〕根据速度时间公式得，t=．〔2〕当汽车和人的速度相等时，两者相距最远，如此t=4s．此时汽车的位移．人的位移为x2=vt=4×4m=16m．他们相距的最大距离△x=x2+x0﹣x1=16+20﹣8m=28m．〔3〕设经过t′时间车追上人，如此有，代入数据解得解得t′≈11.5s．答：〔1〕经过4s时间汽车的速度达到4m/s．〔2〕汽车追上人之前，他们之间的最大间距是28m．〔3〕经过11.5s车才追上人．点评：此题考查运动学中的追与问题，知道速度相等时，两者有最远距离，抓住位移关系，结合运动学公式求解追与的时间．。
秦安一中高二物理期中考试试题
秦安一中2014—2015学年度第一学期期中考试高二物理试题命题：马强校对：王军军审题：逯永来一．单项选择题（本题共11个小题, 每个小题3分，共33分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1. 下列说法正确的是()A.不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B.一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C.摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷D.摩擦起电是创造了电荷2．下列关于电场线的说法中，正确的是（）A.电场线是电场中实际存在的线B.在复杂电场中的电场线是可以相交的C.沿电场线方向，场强必定越来越小D.电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大3.下列关于电流方向的说法中，不正确的是 ()A．电流的方向和自由电子定向移动的方向相同B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同4. 如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，则（）A、a点电势比b点高B、a、b两点场强方向相同C、a、b、c三点与无穷远处电势不相等D、带电粒子（不计重力）在a点无初速释放，则它将在a、b连线上运动5. 如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的是（）A、EA与EB一定不等，ϕA与ϕB一定不等B、EA与EB可能相等，ϕA与ϕB可能相等C、EA与EB一定不等，ϕA与ϕB可能相等D、EA与EB可能相等，ϕA与ϕB一定不等6.对于电场中A、B两点，下列说法正确的是A．电势差的定义式qWUABAB/=，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB 成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1 J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功7.如下图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是AB( )A ．电场线方向向下B ．粒子一定从a 点运动到b 点C ．a 点电势比b 点电势高D ．粒子在a 点的电势能大于在b 点的电势能8. 一个电流计的满偏电流I g =100μA ，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，则应在电流计上（ ） A ．串联一个5.4kΩ的电阻 B ．串联一个约0.1Ω的电阻 C ．并联一个约0.1Ω的电阻D ．并联一个5.4kΩ的电阻9.电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2:1，则当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为（ ）A.1：2B.2：1C.1：4D.4：110. 如图所示，真空中O 点有一点电荷，在它产生的电场中有a 、 b 两点，a 点的场强大小为Ea ，方向与ab 连线成60°角，b 点的场强大小为Eb ，方向与ab 连线成30°角．关于a 、b 两点场强大小Ea 、Eb 的关系，以下结论正确的是( )A.Ea ＝Eb 3B.Ea ＝3EbC.Ea ＝33Eb D.Ea ＝3Eb11.横截面积为S 的导线中，通有电流强度为I 的电流。
甘肃省天水一中高三物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
甘肃省天水一中2015届高三上学期期中物理试卷一、选择题〔1--8、11、12为单项选择题，每一小题4分，9、10、13为多项选择题，每一小题4分〕1．〔4分〕两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的一样金属小球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，如此两球间库仑力的大小为〔〕A．B．C．D．12F2．〔4分〕如下列图，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以一样速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．如此〔〕A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小3．〔4分〕如下列图，中子内有一个电荷量为的上夸克和两个电荷量为的下夸克，3个夸克都分布在半径为r的同一圆周上，如此3个夸克在其圆心处产生的电场强度为〔〕A．B．C．D．4．〔4分〕带有等量异种电荷的一对平行金属板，上极板带正电荷．如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，它们的电场线也不是彼此平行的直线，而是如下列图的曲线〔电场方向未画出〕．虚线MN是穿过两极板正中央的一条直线．关于这种电场，以下说法正确的答案是〔〕A．平行金属板间的电场，可以看做匀强电场B．b点的电势高于d点的电势C．b点的电势低于c点的电势D．假设将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，它必将沿着电场线运动到负极板5．〔4分〕如下列图，在X轴上关于O点对称的F、G两点有等量异种电荷Q和﹣Q，一正方形ABCD与XOY在同一平面内，其中心在O点，如此如下判断正确的答案是〔〕A．O点电场强度为零B．A、C两点电场强度相等C．B、D两点电势相等D．假设将点电荷﹣q从A点移向C，电势能减小6．〔4分〕如下列图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以O为焦点的椭圆运动．M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点．电子在从M点经过P到达N点的过程中〔〕A．速率先增大后减小B．速率先减小后增大C．静电力先减小后增大D．电势能先增大后减小7．〔4分〕图中A、B、C三点都在匀强电场中，AC⊥BC，∠ABC=53°，BC=20cm．把一个电量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为﹣1.6×10﹣3J，如此该匀强电场的场强大小和方向是〔〕A．800V/m，垂直AC向左B．800V/m，垂直AC向右C．1000V/m，垂直AB斜向上D．1000V/m，垂直AB斜向下8．〔4分〕静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如下列图的折线，图中φ0和d为量，一个质量为m、电荷量为q带负电的粒子恰好在电场中以x=0为中心、沿x 轴方向做周期性运动．忽略粒子的重力，如此〔〕A．在﹣d＜x＜d区间内的场强大小都是，方向均沿+x方向B．在﹣d＜x＜d区间内粒子做简谐运动C．要使粒子能运动到﹣d处，粒子在O点的动能至少为qφ0D．粒子从﹣运动到的过程中，电势能先增大后减小9．〔4分〕光滑水平面上放置两个等量同种电荷，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个质量m=1kg的小物块自C点由静止释放，小物块带电荷量q=2C，其运动的v﹣t 图线如图乙所示，其中B点为整条图线切线斜率最大的位置〔图中标出了该切线〕，如此以下分析正确的答案是〔〕A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB．由C点到A点物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点，电势逐渐降低D．B、A两点间的电势差为U BA=8.25V10．〔4分〕如下列图的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的答案是〔〕A．假设仅将R2的滑动触头P向b端移动，如此I不变，U增大B．假设仅增大A、B板间距离，如此电容器所带电荷量减少C．假设仅用更强的光照射，如此I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D．假设仅用更强的光照射R1，如此U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变11．〔4分〕电源、开关S、定值电阻R1、灯泡L、光敏电阻R2和电容器连接成如下列图的电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射时，光敏电阻的阻值变小，如此〔〕A．灯泡亮度变暗B．电容器两极板间电压变小C．电容器所带电荷量减小D．液滴向上运动12．〔4分〕如图为多用表欧姆档的原理图，其中电流表的满偏电流为300μA，内r g=100Ω，调零电阻的最大阻值R=50kΩ，串联的固定电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.5V．用它测量电阻R x，能准确测量的范围是〔〕A．30kΩ～80kΩB．3kΩ～8kΩC．300Ω～800ΩD．30Ω～80Ω二、实验题13．〔6分〕用多用表的欧姆挡〔R×1K〕检查性能良好的晶体二极管，发现多用电表的表针向右偏转的角度很小，这说明〔〕A．二极管加有正向电压，故测得电阻很小B．二极管加有反向电压，故测得电阻很大C．此时红表笔接的是二极管的正极D．此时红表笔接的是二极管的负极14．〔12分〕两位同学在实验室利用如图〔a〕所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E 和内电阻r．调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据．并根据数据描绘了如图〔b〕所示的两条U﹣I直线．回答如下问题：〔1〕根据甲乙两同学描绘的直线，可知正确的答案是A．甲同学是根据电压表 V1和电流表A的数据B．甲同学是根据电压表 V2和电流表A的数据C．乙同学是根据电压表 V1和电流表A的数据D．乙同学是根据电压表 V2和电流表A的数据〔2〕根据图〔b〕，求出定值电阻R0=Ω，电源的电动势E=，电源内电阻的阻值r=Ω四、计算题〔34分〕15．〔11分〕如图1所示，真空中相距d=5cm的两块平行金属板A、B与电源连接〔图中未画出〕，其中B板接地〔电势为零〕，A板电势变化的规律如图2所示．将一个质量m=2.0×10﹣23kg，电量q=+1.6×10﹣15C的带电粒子从紧临B板处释放，不计重力．求：〔1〕在t=0时刻释放该带电粒子，释放瞬间粒子加速度的大小；〔2〕假设在t=时刻从紧临B板处无初速释放该带电粒子，粒子恰好不能到达A板，试求 A 板电势变化的周期为多大？16．〔10分〕如下列图，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S1闭合、S2断开时，电炉消耗功率684W；S1、S2都闭合时电炉消耗功率475W〔电炉电阻可看作不变〕．试求：〔1〕电源的电动势；〔2〕S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小；〔3〕S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率．17．〔13分〕如下列图的直角坐标系中，在直线x=﹣2l0到y轴区域内存在着两个大小相等、方向相反的有界匀强电场，其中x轴上方的电场方向沿y轴负方向，x轴下方的电场方向沿y轴正方向．在电场左边界上A〔﹣2l0，﹣l0〕到C〔﹣2l0，0〕区域内，连续分布着电荷量为+q、质量为m的粒子．从某时刻起由A点到C点间的粒子，依次连续以一样的速度v0沿x 轴正方向射入电场．假设从A点射入的粒子，恰好从y轴上的A′〔0，l0〕沿x轴正方向射出电场，其轨迹如图虚线所示．不计粒子的重力与它们间的相互作用．求：〔1〕粒子从A点到A′的时间t；〔2〕匀强电场的电场强度E；〔3〕在AC间还有哪些位置的粒子，通过电场后也能沿x轴正方向运动？甘肃省天水一中2015届高三上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔1--8、11、12为单项选择题，每一小题4分，9、10、13为多项选择题，每一小题4分〕1．〔4分〕两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的一样金属小球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，如此两球间库仑力的大小为〔〕A．B．C．D．12F考点：库仑定律；电荷守恒定律．专题：计算题．分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．解答：解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个一样的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．应当选C．点评：此题考查库仑定律与带电题电量的转移问题．2．〔4分〕如下列图，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以一样速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．如此〔〕A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小考点：电场线；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．解答：解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确．应当选C．点评：加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．3．〔4分〕如下列图，中子内有一个电荷量为的上夸克和两个电荷量为的下夸克，3个夸克都分布在半径为r的同一圆周上，如此3个夸克在其圆心处产生的电场强度为〔〕A．B．C．D．考点：电场强度；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：先将两个电荷量为的下夸克在圆心处产生的电场强度进展合成，再与电荷量为的上夸克在圆心处产生的电场强度合成，求出3个夸克在其圆心处产生的电场强度．解答：解：一个下夸克在圆心处产生的电场强度大小为E1==，两个电荷量为的下夸克在圆心处产生的合场强大小为E2=E1=，方向沿A→O．电荷量为的上夸克在圆心处产生的电场强度大小为E3==，方向沿A→O，所以3个夸克在其圆心处产生的电场强度大小E=E2+E3=，方向沿A→O．应当选A点评：此题电场的叠加问题，要利用对称性．对于两个下夸克场强的合成可利用力的合成进展类比．4．〔4分〕带有等量异种电荷的一对平行金属板，上极板带正电荷．如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，它们的电场线也不是彼此平行的直线，而是如下列图的曲线〔电场方向未画出〕．虚线MN是穿过两极板正中央的一条直线．关于这种电场，以下说法正确的答案是〔〕A．平行金属板间的电场，可以看做匀强电场B．b点的电势高于d点的电势C．b点的电势低于c点的电势D．假设将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，它必将沿着电场线运动到负极板考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场中场强处处一样，电场线应是平行同向疏密均匀的直线；顺着电场线方向电势降低；带电粒子要沿电场线运动，电场线必须是直线．解答：解：A、由电场线的分布情况看出，平行金属板间各处的电场强度不是处处一样，所以不能看成匀强电场，故A错误．B、与电场线垂直的直线应是等势线，由图看出图中虚线是一条等势线，b点与d点的电势一样，故B错误．C、据题上极板带正电荷，电场线从上极板指向下极板，根据顺着电场线方向电势降低，可知d点的电势低于c点，而b、d两点的电势相等，所以b点的电势低于c点的电势．故C 正确．D、将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，不一定能沿电场线运动，只有在ab所在的电场线上，正电荷所受的电场力一直沿电场线向下，能沿此电场线运动，其他电场线是曲线，正电荷所受的电场力沿电场线的切线方向，将使电荷离开电场线，故D错误．应当选：C．点评：解决此题关键掌握电场线的两个物理意义：疏密表示场强的大小，方向表示电势的上下，要明确只有电场线是直线时，电荷才能沿电场线运动．5．〔4分〕如下列图，在X轴上关于O点对称的F、G两点有等量异种电荷Q和﹣Q，一正方形ABCD与XOY在同一平面内，其中心在O点，如此如下判断正确的答案是〔〕A．O点电场强度为零B．A、C两点电场强度相等C．B、D两点电势相等D．假设将点电荷﹣q从A点移向C，电势能减小考点：电场的叠加；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：等量异种电荷产生的电场中，电场线关于两电荷的连线和中垂线对称，根据对称性分析场强的大小；根据顺着电场线方向电势降低，判断电势关系．对于电势能，可根据负电荷在电势高处电势能小进展判断．解答：解：A、Q和﹣Q在O点的电场方向均向右，根据叠加原理可知O点电场强度不为零．故A错误．B、根据电场线分布的对称性可知，A、C两点电场强度相等，故B正确．C、根据顺着电场线方向电势降低，D点的电势比B点高，故C错误．D、A到C电势逐渐降低，根据负电荷在电势高处电势能小，可知电势能增大，故D错误．应当选：B．点评：考查等量同种电荷周围电场线和等势线分布情况，明确场强的矢量性．6．〔4分〕如下列图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以O为焦点的椭圆运动．M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点．电子在从M点经过P到达N点的过程中〔〕A．速率先增大后减小B．速率先减小后增大C．静电力先减小后增大D．电势能先增大后减小考点：库仑定律．分析：根据影响速度和电势能大小的因素来分析速度和电势能的变化，找到转化的方向．解答：解：A、当电子从M点向N点运动时，库仑力先做正功，后做负功，运动的速度先增加后减小，所以动能先增加后减小，如此电势能先减小后增加．所以A正确；B、D错误；C、根据库仑定律可知，静电力先增大后减小，故C错误；应当选：A．点评：根据库仑力做功的特点，库仑力做正功，电势能减小，库仑力做负功，电势能增加．7．〔4分〕图中A、B、C三点都在匀强电场中，AC⊥BC，∠ABC=53°，BC=20cm．把一个电量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为﹣1.6×10﹣3J，如此该匀强电场的场强大小和方向是〔〕A．800V/m，垂直AC向左B．800V/m，垂直AC向右C．1000V/m，垂直AB斜向上D．1000V/m，垂直AB斜向下考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据一个q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，可知，A与B电势相等．根据电荷从B移到C，电场力做功为﹣1.73×10﹣3J，由电势差的公式求出BC间的电势差．由E=求场强大小，根据等势线与电场线垂直，作出电场线．解答：解：由题，q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，如此A与B电势相等，AB连线是一条等势线．BC间电势差为：==﹣173V该匀强电场的场强大小为：E==电场线方向垂直于AB向下．如图．应当选：D．点评：此题根据题设条件找到等势点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，并由高电势处指向低电势处作电场线是常规思路．8．〔4分〕静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如下列图的折线，图中φ0和d为量，一个质量为m、电荷量为q带负电的粒子恰好在电场中以x=0为中心、沿x 轴方向做周期性运动．忽略粒子的重力，如此〔〕A．在﹣d＜x＜d区间内的场强大小都是，方向均沿+x方向B．在﹣d＜x＜d区间内粒子做简谐运动C．要使粒子能运动到﹣d处，粒子在O点的动能至少为qφ0D．粒子从﹣运动到的过程中，电势能先增大后减小考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势随x均匀变化时，电场为匀强电场，由电势差与电场强度的关系可求得电场强度大小，根据顺着电场线方向电势降低，判断场强的方向．简谐运动的特征是F=﹣kx，在恒力作用下粒子不可能做简谐运动．根据动能定理研究动能．根据负电荷在电势高处电势能小，分析电势能的变化．解答：解：A、在﹣d＜x＜0内的场强大小 E==，电势升高，如此场强方向沿﹣x方向；在0＜x ＜d区间内，场强大小E==，电势降低，如此场强沿+x方向．故A错误．B、由上分析可知，在﹣d＜x＜0内场强不变，粒子所受的电场力不变，在0＜x＜d区间内，场强不变，粒子所受的电场力也不变，对照简谐运动的条件F=﹣kx，可知粒子做非简谐运动，故B错误．C、粒子能运动到﹣d处时速度为零，根据动能定理得：﹣qφ0=0﹣E k0，如此得：粒子在O点的动能至少为 E k0=qφ0．故C正确．D、粒子从﹣运动到的过程中，电势先升高后降低，根据负电荷在电势高处电势能小，可知电势能先减小后增大，故D错误．应当选：C点评：此题关键抓住图线的斜率表示场强，再从题干中找出可用的信息，同时能从图象中判断出电场的性质；并能灵活应用动能定理求解动能．9．〔4分〕光滑水平面上放置两个等量同种电荷，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个质量m=1kg的小物块自C点由静止释放，小物块带电荷量q=2C，其运动的v﹣t 图线如图乙所示，其中B点为整条图线切线斜率最大的位置〔图中标出了该切线〕，如此以下分析正确的答案是〔〕A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB．由C点到A点物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点，电势逐渐降低D．B、A两点间的电势差为U BA=8.25V考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据v﹣t图象的斜率等于加速度和牛顿第二定律求解电场强度E．根据能量守恒定律分析物块电势能的变化情况．根据电场线方向判断电势的上下．根据动能定理求解AB 两点电势差U AB．解答：解：A、v﹣t图象的斜率等于加速度，B点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明物块在B处加速度最大，根据牛顿第二定律得：F=qE=ma，B为中垂线上电场强度最大的点，由图得：B点的加速度为 a===2m/s2，E==V/m=lV/m．故A正确．B、由图知，由C到A的过程中，物块的速度不断增大，动能增大，根据能量守恒得：物块的电势能不断减小．故B错误．C、由电势能的公式E P=qφ知，由C到A的过程中，电势逐渐降低，故C正确．D、物块从A到B的过程，根据动能定理得：qU AB=mv B2﹣mv A2，如此得，U AB==×〔42﹣72〕=﹣8.25V，所以U BA=﹣U AB=8.25V，故D正确．应当选：ACD点评：解决此题的关键是掌握速度图象的物理意义和动能定理，知道电势与电势能的关系E P=qφ．10．〔4分〕如下列图的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的答案是〔〕A．假设仅将R2的滑动触头P向b端移动，如此I不变，U增大B．假设仅增大A、B板间距离，如此电容器所带电荷量减少C．假设仅用更强的光照射，如此I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D．假设仅用更强的光照射R1，如此U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：此电路中R1和R3串联，电路稳定时R3相当于导线，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压．根据闭合电路的动态分析，分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化以与θ角的变化．通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化．解答：解：A、滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故A 错误．B、假设仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，如此由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少，故B正确．C、假设仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，如此电容器板间电压减小，电容不变，由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少．故C错误．D、假设仅用更强的光照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得U=E﹣Ir可得：||=r，不变，故D正确．应当选：BD点评：解决此题的关键电路稳定时R3相当于导线，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，再利用闭合电路欧姆定律进展动态分析．对于电容的动态分析，应根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进展分析．11．〔4分〕电源、开关S、定值电阻R1、灯泡L、光敏电阻R2和电容器连接成如下列图的电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射时，光敏电阻的阻值变小，如此〔〕A．灯泡亮度变暗B．电容器两极板间电压变小C．电容器所带电荷量减小D．液滴向上运动考点：闭合电路的欧姆定律；带电粒子在混合场中的运动．专题：恒定电流专题．分析：先读懂电路图，知该电路R1和R2串联，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，根据闭合电路欧姆定律分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化；再分析带电液滴的受力情况，确定运动．通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化．解答：解：A、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，由P L=I2R L知灯泡的功率增大，将变亮，故A错误．B、电流增大，R1两端间的电压增大，如此电容器的电压增大，故B错误．C、由电容器的电量公式Q=CU知电容器所带的电荷量增大，故C错误．D、电容器板间场强E=，知板间电压增大，场强增大，液滴所受的电场力〔方向向上〕增大，故液滴向上运动，故D正确．应当选：D．点评：此题考查了电容器的动态分析、闭合电路的欧姆定律、局部电路的欧姆定律、匀强电场．解决此题的关键抓住电容器两端电压与R1两端电压相等，利用闭合电路欧姆定律进展动态分析．12．〔4分〕如图为多用表欧姆档的原理图，其中电流表的满偏电流为300μA，内r g=100Ω，调零电阻的最大阻值R=50kΩ，串联的固定电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.5V．用它测量电阻R x，能准确测量的范围是〔〕A．30kΩ～80kΩB．3kΩ～8kΩC．300Ω～800ΩD．30Ω～80Ω考点：多用电表的原理与其使用．专题：恒定电流专题．分析：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小，求解出该欧姆表的中值电阻即可．解答：解：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；欧姆表的中值电阻R中等于欧姆表的内电阻R总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时：I g=半偏时，I g=联立解得：R中=R总=应当选B．点评：此题关键明确欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；知道中值电阻等于欧姆表内电阻．二、实验题13．〔6分〕用多用表的欧姆挡〔R×1K〕检查性能良好的晶体二极管，发现多用电表的表针向右偏转的角度很小，这说明〔〕A．二极管加有正向电压，故测得电阻很小B．二极管加有反向电压，故测得电阻很大C．此时红表笔接的是二极管的正极D．此时红表笔接的是二极管的负极考点：用多用电表测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．。
高一物理月考试题及答案-甘肃天水市秦安二中-2015学年高一上学期第四次月考试卷
甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期第四次月考物理试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-10小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．）1．（4分）在下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．2．（4分）下列说法中，正确的是（）A．物体竖直向下的运动就是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零、加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动C．不同物体做的自由落体运动，其运动规律是不同的D．质点做自由落体运动，在第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：4：93．（4分）下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A．超重就是物体的重力增加了B．失重就是物休的重力减少了C．完全失重就是物体的重力没有了D．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的4．（4分）一辆汽车在水平面上沿直线加速行驶，下列关于汽车惯性大小的说法，正确的是（）A．速度越来越大，惯性越来越大B．加速度越来越大，惯性越来越大C．牵引力越来越大，惯性越来越大D．质量不变，惯性不变5．（4分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零6．（4分）A、B两个质点，分别做匀速圆周运动，在相等时间内它们通过的弧长比S A：S B=4：3，转过的圆心角比θA：θB=3：2．则下列说法中正确的是（）A．它们的线速度比v A：v B=3：4 B．它们的角速度比ωA：ωB=2：3C．它们的周期比T A：T B=2：3 D．它们的周期比T A：T B=3：27．（4分）若水平恒力F在t时间内使质量为m的物体在光滑水平面上由静止开始移动一段距离x，则2F的恒力在2t时间内，使质量为的物体在同一水平面上，由静止开始移动的距离为（）A．x B．4x C．10x D．16x8．（4分）一物体从曲面上的A点自由滑下（如图所示），通过水平静止的粗糙传送带后落到地面上的P点．若传送带沿逆时针的方向转动起来，再把该物体放到A点，让其自由滑下，那么（）A．它仍将落在P点B．它将落在P点左边C．它将落在P点右边D．在P点、P点左边、P点右边都有可能9．（4分）用30N的水平外力F，拉一静止放在光滑的水平面上质量为20kg的物体，力F 作用3秒后消失，则第5秒末物体的速度和加速度分别是（）A．v=7.5m/s，a=1.5m/s2 B．v=4.5m/s，a=1.5m/s2C．v=4.5m/s，a=0 D．v=7.5m/s，a=010．（4分）质量为1吨的汽车在平直公路上以10m/s速度匀速行驶．阻力大小不变，从某时刻开始，汽车牵引力减少2000N，那么从该时刻起经过6s，汽车行驶的路程是（）A．50m B．42m C．25m D．24m11．（4分）质量为1kg的物体受到两个大小分别为3N和2N的共点力作用，则物体的加速度大小可能是（）A．10 m/s2 B．6 m/s2 C．2 m/s2 D．5 m/s212．（4分）如图所示，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，则（）A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C．A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D．A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力二、填空题（每空2分，共20分）13．（6分）如图所示，六个力的合力为_______，若去掉lN的那个分力，则其余五个力的合力为____________，合力的方向为_________________．14．（2分）向右做匀速直线运动的小车上水平放置一密封的装有水的瓶子，瓶内有一气泡，当小车突然停止运动时，气泡相对于瓶子向________ （选填“左”或“右”）运动．15．（12分）在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装，如图甲所示．请你指出该装置中错误或不妥之处：__________________________．（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验，如图乙是他在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度为__________m/s2．（保留三位有效数字）（3）该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持__________不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持不变．（4）该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如图丙所示，则①图中的直线不过原点的原因是________________________．②此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量______________（填“偏大”或“偏小”）．三、计算题16．（10分）在水平路面上用绳子拉一个重为G=173N的木箱，绳子与水平路面的夹角为37°，如图所示．木箱与路面间的动摩擦因数μ=0.10，要使木箱能在水平面上匀速运动，则绳子所加拉力F应为多大？17．（10分）木块质量m=8kg，在F=4N的水平拉力作用下，沿粗糙水平面从静止开始做匀加速直线运动，经t=5s的位移x=5m，g取10m/s2，求：（1）木块与粗糙平面间的动摩擦因数．（2）若在5s后撤去F，木块还能滑行多远？18．（12分）质量是60kg的人站在升降机中的体重计上如图所示，当升降机做下列各种运动时，体重计的读数是多少？（g=10m/s2）（1）升降机匀速上升；（2）升降机以4m/s2的加速度上升；（3）升降机以5m/s2的加速度下降；（4）升降机以重力加速度g加速下降．甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期第四次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-10小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．）1．（4分）在下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：匀变速直线运动是指速度随时间均匀变化的直线运动，其加速度不变，分析各图中各图象的性质可知是否符合题意．解答：解：A、由v﹣t图可知，速度随时间均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动，不符合题意，故A错误；B、由v﹣t图可知，速度随时间均匀增大，物体做匀加速直线运动，不符合题意，故B错误；C、a﹣t图中物体的加速度不随时间均匀变化，物体做匀变速直线运动，不符合题意，故C 错误；D、s﹣t图象是位移时间，其斜率等于速度，可知物体做匀速直线运动，符合题意，故D正确；故选：D点评：在分析图象时首先要通过图象的纵坐标明确是什么图象，再根据图象的形状分析物体的运动状态．2．（4分）下列说法中，正确的是（）A．物体竖直向下的运动就是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零、加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动C．不同物体做的自由落体运动，其运动规律是不同的D．质点做自由落体运动，在第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：4：9考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动的条件是：初速度为零，仅受重力，加速度为g．解答：解：A、物体只有初速度为零，加速度为g的运动才叫自由落体运动；故A错误；B、自由落体运动是初速度为零、加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动；故B正确；C、自由落体的运动规律均相同；故C错误；D、由自由落体规律可知，在第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：3：5；故D错误；故选：B．点评：解决本题的关键知道自由落体运动的条件，难度不大，属于基础题．3．（4分）下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A．超重就是物体的重力增加了B．失重就是物休的重力减少了C．完全失重就是物体的重力没有了D．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的考点：超重和失重．分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．解答：解：A、超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力，物体的重力并没有增加，所以A错误；B、失重是物体对接触面的压力小于物体的真实重力，物体的重力并没有减小，所以B错误；C、完全失重是说物体对接触面的压力为零的时候，此时物体的重力也不变，所以C错误；D、不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的，只是对接触面的压力不和重力相等了，所以D正确．故选：D．点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．4．（4分）一辆汽车在水平面上沿直线加速行驶，下列关于汽车惯性大小的说法，正确的是（）A．速度越来越大，惯性越来越大B．加速度越来越大，惯性越来越大C．牵引力越来越大，惯性越来越大D．质量不变，惯性不变考点：惯性．分析：惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量．解答：解：A、B、物体的惯性大小与物体的运动状态无关，只与物体的质量有关，所以惯性与车速的大小无关，A选项错误；B、加速度越来越大，速度变化率越来越大，而质量没有变，所以物体的惯性是不变的，B 选项错误．C、牵引力越来越大，速度越来越大，而质量没有变，所以物体的惯性是不变的，所以C选项错误；D、质量是物体的惯性大小的量度，物体的质量不变，惯性就不变，所以D选项正确；故选：D．点评：本题就是看对惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量．5．（4分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零考点：牛顿第二定律．分析：根据牛顿第二定律可以知道，力和加速度具有同时性，物体有了合力就会有加速度，但是需要一定的时间物体才会有速度．解答：解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．点评：本题是对牛顿第二定律瞬时性的考查，有了力就会有加速度，但是速度需要一定的时间，本题比较简单．6．（4分）A、B两个质点，分别做匀速圆周运动，在相等时间内它们通过的弧长比S A：S B=4：3，转过的圆心角比θA：θB=3：2．则下列说法中正确的是（）A．它们的线速度比v A：v B=3：4 B．它们的角速度比ωA：ωB=2：3C．它们的周期比T A：T B=2：3 D．它们的周期比T A：T B=3：2考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：根据公式v=求解线速度之比，根据公式ω=求解角速度之比，根据公式T=求周期之比．解答：解：A、B两质点分别做匀速圆周运动，若在相等时间内它们通过的弧长之比为S A：S B=4：3，根据公式公式v=，线速度之比为v A：v B=4：3，故A错误；通过的圆心角之比φA：φB=3：2，根据公式ω=，角速度之比为3：2，故B错误；根据公式T=，周期之比为T A：T B=2：3，故C正确，D错误；故选：C．点评：本题关键是记住线速度、角速度、周期和向心加速度的公式，根据公式列式分析，基础题．7．（4分）若水平恒力F在t时间内使质量为m的物体在光滑水平面上由静止开始移动一段距离x，则2F的恒力在2t时间内，使质量为的物体在同一水平面上，由静止开始移动的距离为（）A．x B．4x C．10x D．16x考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律分别求出物体的加速度，根据匀变速直线运动的位移与时间的关系求出位移．解答：解：质量为m的物体的加速度：，质量为的物体的加速度：位移：故选：D．点评：该题考查牛顿运动定律的基本应用，属于已知物体的受力求物体的运动的类型，按照规范化的步骤解题即可．8．（4分）一物体从曲面上的A点自由滑下（如图所示），通过水平静止的粗糙传送带后落到地面上的P点．若传送带沿逆时针的方向转动起来，再把该物体放到A点，让其自由滑下，那么（）A．它仍将落在P点B．它将落在P点左边C．它将落在P点右边D．在P点、P点左边、P点右边都有可能考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当水平传送带静止时和逆时针方向转动时，物体都做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律分析加速度关系，由运动学公式分析到达传送带右端的速度，从而确定落点的关系．解答：解：物块从光滑曲面上滑下时，根据机械能守恒定律得知：两次物块滑到B点速度相同，即在传送带上做匀减速直线运动的初速度相同．当水平传送带静止时和逆时针方向转动时，物体都受到相同的滑动摩擦力而做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得知：物块匀减速直线运动的加速度相同，当物块滑离传送带，两次通过的位移相同，根据运动学公式得知，物块滑离传送带时的速度相同，则做平抛运动的初速度相同，所以物块将仍落在P点．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：本题用到动摩擦因素与物体的速度大小无关这个知识点，运用牛顿第二定律和运动学公式结合进行分析．9．（4分）用30N的水平外力F，拉一静止放在光滑的水平面上质量为20kg的物体，力F 作用3秒后消失，则第5秒末物体的速度和加速度分别是（）A．v=7.5m/s，a=1.5m/s2 B．v=4.5m/s，a=1.5m/s2C．v=4.5m/s，a=0 D．v=7.5m/s，a=0考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体在水平外力F作用下做匀加速直线运动，撤去外力F后，物体做匀速直线运动，第5秒末物体等于第3秒末的速度，根据牛顿第二定律和速度公式结合求解第5秒末物体的速度和加速度．解答：解：未撤去外力F时，物体的加速度为a==力F作用3秒时物体的速度为v=at=1.5×3m/s=4.5m/s3秒末撤去外力F后物体做匀速直线运动，则第5秒末物体等于第3秒末的速度v=4.5m/s，加速度为a=0．故选C点评：本题是牛顿第二定律和运动学的综合应用，过程比较简单清晰，比较容易．10．（4分）质量为1吨的汽车在平直公路上以10m/s速度匀速行驶．阻力大小不变，从某时刻开始，汽车牵引力减少2000N，那么从该时刻起经过6s，汽车行驶的路程是（）A．50m B．42m C．25m D．24m考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据物体受力情况与运动状态的关系可知，生活中做匀速直线运动的物体，必受到平衡力的作用；当牵引力减小时，合力减小，由牛顿第二定律求解出加速度，在由运动学公式求的位移解答：解：汽车的加速度为f=maa=汽车减速到零时所需时间为t===5s＜6s所以汽车在5s末已经静止6s内通过的位移为s==m=25m故选C点评：本题考查的是路程、牵引力的计算，是一道综合题；关键是根据平衡力的知识判断汽车前进的所受的合力．11．（4分）质量为1kg的物体受到两个大小分别为3N和2N的共点力作用，则物体的加速度大小可能是（）A．10 m/s2 B．6 m/s2 C．2 m/s2 D．5 m/s2考点：牛顿第二定律；力的合成．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体在两个共点力作用下，根据力的合成的合力范围，由牛顿第二定律确定加速度的大小可能值．解答：解：两个共点力合成时，合力的大小范围为F1+F2≥F合≥|F1﹣F2|，所以3N和2N的合力范围为5N≥F合≥1N，根据牛顿第二定律知，物体产生的加速度大小范围为5m/s2≥a≥1m/s2，故C、D正确，A、B错误．故选：CD．点评：本题借助牛顿第二定律考查两个力合成时的合力范围，掌握合力范围和牛顿第二定律是解决问题的关键．12．（4分）如图所示，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，则（）A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C．A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D．A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力考点：物体的弹性和弹力；作用力和反作用力．专题：受力分析方法专题．分析：物体A在水平细线的作用下处于平衡状态，则物体A受到静摩擦力、细线拉力、重力与支持力．解答：解：A、A对桌面的压力和桌面对A的支持力是一对相互作用力，不是平衡力．故A 错误；B、绳对A的拉力等于A所受桌面的摩擦力．故B错误；C、由于细线对A的拉力水平向右，所以桌面对A的摩擦力水平向左，而A对桌面的摩擦力的方向是水平向右，故C正确；D、A受的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力，故D正确；故选：CD．点评：平衡力与作用力与反作用力的区别与联系，前者是共同作用在一个物体上，当物体平衡时，平衡力才相等．而后者作用在两个物体上，大小总是相等，不论是运动还是静止，不论是加速还是减速．二、填空题（每空2分，共20分）13．（6分）如图所示，六个力的合力为0，若去掉lN的那个分力，则其余五个力的合力为1N，合力的方向为向上．考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法则图解法专题．分析：物体受多力巧用共线先合成，再由力的平行四边形定则可知，多力的合力为零；当去掉1N的那个分力，则其余5个力的合力为F2．与撤去的分力大小相等，方向相反，从而即可求解．解答：解：由题意可知，共线先合成，后得出相当于三个力夹角为120°，且大小均为3N，因此根据力的平行四边形定则可知，6个力的合力为零，即F1=0；当去掉1N的那个分力，则其余5个力的合力为F2．与撤去的分力大小相等，方向相反，即F2大小为1N，方向与4N方向相同，与1N的方向相反，故答案为：0，1N，向上．点评：本题中应用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相等方向相反．14．（2分）向右做匀速直线运动的小车上水平放置一密封的装有水的瓶子，瓶内有一气泡，当小车突然停止运动时，气泡相对于瓶子向左（选填“左”或“右”）运动．考点：惯性．分析：分别考虑水和气泡的惯性是解决本题的关键，抓住惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，也就是运动状态不易改变，同体积的水和气泡比较，水的质量大于气泡的质量．所以水的惯性大．解答：解：从惯性的角度去考虑瓶内的气泡和水，显然水的质量远大于气泡的质量，故水的惯性比气泡的惯性大．当小车突然停止时，水保持向前运动的趋势远大于气泡向前运动的趋势，于是水由于惯性继续向前运动，水将挤压气泡，使气泡相对于瓶子向后运动．故答案为：左点评：知道质量是惯性大小的量度．质量大的物体，惯性大，惯性大就是运动状态不易改变，质量小的物体，惯性小，运动状态容易改变．15．（12分）在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装，如图甲所示．请你指出该装置中错误或不妥之处：打点计时器不应使用干电池；小车初始位置离打点计时器太远；没有平衡摩擦力．（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验，如图乙是他在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度为0.195m/s2．（保留三位有效数字）（3）该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持拉力不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持小车的质量不变．（4）该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如图丙所示，则①图中的直线不过原点的原因是实验前木板右端垫得过高．②此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量偏大（填“偏大”或“偏小”）．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）打点计时器使用的是交流电源，而干电池是直流电源．接通电源前，小车应紧靠打点计时器，而在该图中小车初始位置离打点计时器太远．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．（3）该实验采用控制变量法，所以要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持拉力不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持小车的质量不变．（4）图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高．此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量偏大．解答：解：该实验中电磁打点计时器是利用4～6V的交流电源，电火花计时器是利用220V 交流电源；不是直流电源．为了尽可能的利用纸带在释放前小车应紧靠打点计时器；在本实验中我们认为绳子的拉力等于物体所受的合外力，故在实验前要首先平衡摩擦力．答：打点计时器不应使用干电池；小车初始位置离打点计时器太远；没有平衡摩擦力．（2）相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，设第一个计数点到第二个计数点之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3﹣x1=2a1T2x4﹣x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值，得：a=（a1+a2）即a=（3）该实验采用控制变量法，所以要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持拉力不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持小车的质量不变．（4）图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高．此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量偏大，不能满足：m＜＜M．故答案为：（1）打点计时器不应使用干电池；小车初始位置离打点计时器太远；没有平衡摩擦力；（2）0.195；（3）拉力，小车的质量；（4）实验前木板右端垫得过高，偏大．点评：解决本题的关键掌握探究“加速度与力、质量的关系”实验方法、步骤，难度不大，属于基础题．三、计算题16．（10分）在水平路面上用绳子拉一个重为G=173N的木箱，绳子与水平路面的夹角为37°，如图所示．木箱与路面间的动摩擦因数μ=0.10，要使木箱能在水平面上匀速运动，则绳子所加拉力F应为多大？考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木箱做匀速运动，故所受合力为0，对木箱受力分析，列平衡方程式即可求解拉力F．解答：解：对木箱进行受力分析如图由于受力平衡，有Fcosθ=f；Fsinθ+F N=mg；代入数据得F=20N；故绳子所加拉力F应为20N．答：绳子所加拉力F应为20N．点评：本题的关键是对木箱平衡态的研究，即共点力作用下物体的平衡分析，正交分解及平衡方程式是考查的重点．17．（10分）木块质量m=8kg，在F=4N的水平拉力作用下，沿粗糙水平面从静止开始做匀加速直线运动，经t=5s的位移x=5m，g取10m/s2，求：（1）木块与粗糙平面间的动摩擦因数．（2）若在5s后撤去F，木块还能滑行多远？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体进行受力分析，据匀变速的运动公式求出加速度，再据牛顿第二定律求出摩擦因数；再利用运动学公式求出滑行的距离．解答：解：据运动学公式x=得：a===0.4m/s2牛顿第二定律得：f=F﹣F合=4N﹣8×0.4N=0.8N所以μ===0.01（2）当撤掉F后，据牛顿第二定律得：a′=①由运动学公式v=at ②所以滑行的距离为：x′=③联立①②③解得：x′=20m答：（1）木块与粗糙平面间的动摩擦因数0.01．（2）若在5s后撤去F，木块还能滑行20m．点评：本题主要考查了牛顿第二定律及匀变速直线运动位移时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题．18．（12分）质量是60kg的人站在升降机中的体重计上如图所示，当升降机做下列各种运动时，体重计的读数是多少？（g=10m/s2）（1）升降机匀速上升；（2）升降机以4m/s2的加速度上升；（3）升降机以5m/s2的加速度下降；（4）升降机以重力加速度g加速下降．考点：牛顿第二定律．分析：（1）体重计的读数等于升降机对人的支持力的大小；（2）升降机匀速上升时，人受力平衡，支持力等于重力；（3）当升降机以不同的加速度运动时，可根据牛顿第二定律求解．解答：解：（1）升降机匀速上升，受力平衡，则F N=mg=600N（2）升降机加速上升，加速度方向向上，支持力大于重力根据牛顿第二定律得：。
甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期第四次月考物理试卷1
甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期第四次月考物理试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-10小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．）1．（4分）在下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．2．（4分）下列说法中，正确的是（）A．物体竖直向下的运动就是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零、加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动C．不同物体做的自由落体运动，其运动规律是不同的D．质点做自由落体运动，在第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：4：93．（4分）下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A．超重就是物体的重力增加了B．失重就是物休的重力减少了C．完全失重就是物体的重力没有了D．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的4．（4分）一辆汽车在水平面上沿直线加速行驶，下列关于汽车惯性大小的说法，正确的是（）A．速度越来越大，惯性越来越大B．加速度越来越大，惯性越来越大C．牵引力越来越大，惯性越来越大D．质量不变，惯性不变5．（4分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零6．（4分）A、B两个质点，分别做匀速圆周运动，在相等时间内它们通过的弧长比S A：S B=4：3，转过的圆心角比θA：θB=3：2．则下列说法中正确的是（）A．它们的线速度比v A：v B=3：4 B．它们的角速度比ωA：ωB=2：3C．它们的周期比T A：T B=2：3 D．它们的周期比T A：T B=3：27．（4分）若水平恒力F在t时间内使质量为m的物体在光滑水平面上由静止开始移动一段距离x，则2F的恒力在2t时间内，使质量为的物体在同一水平面上，由静止开始移动的距离为（）A． x B． 4x C． 10x D． 16x8．（4分）一物体从曲面上的A点自由滑下（如图所示），通过水平静止的粗糙传送带后落到地面上的P点．若传送带沿逆时针的方向转动起来，再把该物体放到A点，让其自由滑下，那么（）A．它仍将落在P点B．它将落在P点左边C．它将落在P点右边D．在P点、P点左边、P点右边都有可能9．（4分）用30N的水平外力F，拉一静止放在光滑的水平面上质量为20kg的物体，力F作用3秒后消失，则第5秒末物体的速度和加速度分别是（）A． v=7.5m/s，a=1.5m/s2 B． v=4.5m/s，a=1.5m/s2C． v=4.5m/s，a=0 D． v=7.5m/s，a=010．（4分）质量为1吨的汽车在平直公路上以10m/s速度匀速行驶．阻力大小不变，从某时刻开始，汽车牵引力减少2000N，那么从该时刻起经过6s，汽车行驶的路程是（）A． 50m B． 42m C． 25m D． 24m11．（4分）质量为1kg的物体受到两个大小分别为3N和2N的共点力作用，则物体的加速度大小可能是（）A． 10 m/s2 B． 6 m/s2 C． 2 m/s2 D． 5 m/s2 12．（4分）如图所示，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，则（）A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C． A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D． A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力二、填空题（每空2分，共20分）13．（6分）如图所示，六个力的合力为，若去掉lN的那个分力，则其余五个力的合力为，合力的方向为．14．（2分）向右做匀速直线运动的小车上水平放置一密封的装有水的瓶子，瓶内有一气泡，当小车突然停止运动时，气泡相对于瓶子向（选填“左”或“右”）运动．15．（12分）在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装，如图甲所示．请你指出该装置中错误或不妥之处：．（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验，如图乙是他在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度为m/s2．（保留三位有效数字）（3）该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持不变．（4）该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如图丙所示，则①图中的直线不过原点的原因是．②此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量（填“偏大”或 “偏小”）．三、计算题16．（10分）在水平路面上用绳子拉一个重为G=173N的木箱，绳子与水平路面的夹角为37°，如图所示．木箱与路面间的动摩擦因数μ=0.10，要使木箱能在水平面上匀速运动，则绳子所加拉力F应为多大？17．（10分）木块质量m=8kg，在F=4N的水平拉力作用下，沿粗糙水平面从静止开始做匀加速直线运动，经t=5s的位移x=5m，g取10m/s2，求：（1）木块与粗糙平面间的动摩擦因数．（2）若在5s后撤去F，木块还能滑行多远？18．（12分）质量是60kg的人站在升降机中的体重计上如图所示，当升降机做下列各种运动时，体重计的读数是多少？（g=10m/s2）（1）升降机匀速上升；（2）升降机以4m/s2的加速度上升；（3）升降机以5m/s2的加速度下降；（4）升降机以重力加速度g加速下降．甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期第四次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-10小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．）1．（4分）在下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：匀变速直线运动是指速度随时间均匀变化的直线运动，其加速度不变，分析各图中各图象的性质可知是否符合题意．解答：解：A、由v﹣t图可知，速度随时间均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动，不符合题意，故A错误；B、由v﹣t图可知，速度随时间均匀增大，物体做匀加速直线运动，不符合题意，故B错误；C、a﹣t图中物体的加速度不随时间均匀变化，物体做匀变速直线运动，不符合题意，故C错误；D、s﹣t图象是位移时间，其斜率等于速度，可知物体做匀速直线运动，符合题意，故D正确；故选：D点评：在分析图象时首先要通过图象的纵坐标明确是什么图象，再根据图象的形状分析物体的运动状态．2．（4分）下列说法中，正确的是（）A．物体竖直向下的运动就是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零、加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动C．不同物体做的自由落体运动，其运动规律是不同的D．质点做自由落体运动，在第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：4：9考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动的条件是：初速度为零，仅受重力，加速度为g．解答：解：A、物体只有初速度为零，加速度为g的运动才叫自由落体运动；故A错误；B、自由落体运动是初速度为零、加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动；故B正确；C、自由落体的运动规律均相同；故C错误；D、由自由落体规律可知，在第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：3：5；故D错误；故选：B．点评：解决本题的关键知道自由落体运动的条件，难度不大，属于基础题．3．（4分）下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A．超重就是物体的重力增加了B．失重就是物休的重力减少了C．完全失重就是物体的重力没有了D．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的考点：超重和失重．分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．解答：解：A、超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力，物体的重力并没有增加，所以A错误；B、失重是物体对接触面的压力小于物体的真实重力，物体的重力并没有减小，所以B错误；C、完全失重是说物体对接触面的压力为零的时候，此时物体的重力也不变，所以C错误；D、不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的，只是对接触面的压力不和重力相等了，所以D正确．故选：D．点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．4．（4分）一辆汽车在水平面上沿直线加速行驶，下列关于汽车惯性大小的说法，正确的是（）A．速度越来越大，惯性越来越大B．加速度越来越大，惯性越来越大C．牵引力越来越大，惯性越来越大D．质量不变，惯性不变考点：惯性．分析：惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量．解答：解：A、B、物体的惯性大小与物体的运动状态无关，只与物体的质量有关，所以惯性与车速的大小无关，A选项错误；B、加速度越来越大，速度变化率越来越大，而质量没有变，所以物体的惯性是不变的，B选项错误．C、牵引力越来越大，速度越来越大，而质量没有变，所以物体的惯性是不变的，所以C选项错误；D、质量是物体的惯性大小的量度，物体的质量不变，惯性就不变，所以D选项正确；故选：D．点评：本题就是看对惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量．5．（4分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零考点：牛顿第二定律．分析：根据牛顿第二定律可以知道，力和加速度具有同时性，物体有了合力就会有加速度，但是需要一定的时间物体才会有速度．解答：解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．点评：本题是对牛顿第二定律瞬时性的考查，有了力就会有加速度，但是速度需要一定的时间，本题比较简单．6．（4分）A、B两个质点，分别做匀速圆周运动，在相等时间内它们通过的弧长比S A：S B=4：3，转过的圆心角比θA：θB=3：2．则下列说法中正确的是（）A．它们的线速度比v A：v B=3：4 B．它们的角速度比ωA：ωB=2：3C．它们的周期比T A：T B=2：3 D．它们的周期比T A：T B=3：2考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：根据公式v=求解线速度之比，根据公式ω=求解角速度之比，根据公式T=求周期之比．解答：解：A、B两质点分别做匀速圆周运动，若在相等时间内它们通过的弧长之比为S A：S B=4：3，根据公式公式v=，线速度之比为v A：v B=4：3，故A错误；通过的圆心角之比φA：φB=3：2，根据公式ω=，角速度之比为3：2，故B错误；根据公式T=，周期之比为T A：T B=2：3，故C正确，D错误；故选：C．点评：本题关键是记住线速度、角速度、周期和向心加速度的公式，根据公式列式分析，基础题．7．（4分）若水平恒力F在t时间内使质量为m的物体在光滑水平面上由静止开始移动一段距离x，则2F的恒力在2t时间内，使质量为的物体在同一水平面上，由静止开始移动的距离为（）A． x B． 4x C． 10x D． 16x考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律分别求出物体的加速度，根据匀变速直线运动的位移与时间的关系求出位移．解答：解：质量为m的物体的加速度：，质量为的物体的加速度：位移：故选：D．点评：该题考查牛顿运动定律的基本应用，属于已知物体的受力求物体的运动的类型，按照规范化的步骤解题即可．8．（4分）一物体从曲面上的A点自由滑下（如图所示），通过水平静止的粗糙传送带后落到地面上的P点．若传送带沿逆时针的方向转动起来，再把该物体放到A点，让其自由滑下，那么（）A．它仍将落在P点B．它将落在P点左边C．它将落在P点右边D．在P点、P点左边、P点右边都有可能考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当水平传送带静止时和逆时针方向转动时，物体都做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律分析加速度关系，由运动学公式分析到达传送带右端的速度，从而确定落点的关系．解答：解：物块从光滑曲面上滑下时，根据机械能守恒定律得知：两次物块滑到B点速度相同，即在传送带上做匀减速直线运动的初速度相同．当水平传送带静止时和逆时针方向转动时，物体都受到相同的滑动摩擦力而做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得知：物块匀减速直线运动的加速度相同，当物块滑离传送带，两次通过的位移相同，根据运动学公式得知，物块滑离传送带时的速度相同，则做平抛运动的初速度相同，所以物块将仍落在P点．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：本题用到动摩擦因素与物体的速度大小无关这个知识点，运用牛顿第二定律和运动学公式结合进行分析．9．（4分）用30N的水平外力F，拉一静止放在光滑的水平面上质量为20kg的物体，力F作用3秒后消失，则第5秒末物体的速度和加速度分别是（）A． v=7.5m/s，a=1.5m/s2 B． v=4.5m/s，a=1.5m/s2C． v=4.5m/s，a=0 D． v=7.5m/s，a=0考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体在水平外力F作用下做匀加速直线运动，撤去外力F后，物体做匀速直线运动，第5秒末物体等于第3秒末的速度，根据牛顿第二定律和速度公式结合求解第5秒末物体的速度和加速度．解答：解：未撤去外力F时，物体的加速度为a==力F作用3秒时物体的速度为v=at=1.5×3m/s=4.5m/s3秒末撤去外力F后物体做匀速直线运动，则第5秒末物体等于第3秒末的速度v=4.5m/s，加速度为a=0．故选C点评：本题是牛顿第二定律和运动学的综合应用，过程比较简单清晰，比较容易．10．（4分）质量为1吨的汽车在平直公路上以10m/s速度匀速行驶．阻力大小不变，从某时刻开始，汽车牵引力减少2000N，那么从该时刻起经过6s，汽车行驶的路程是（）A． 50m B． 42m C． 25m D． 24m考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据物体受力情况与运动状态的关系可知，生活中做匀速直线运动的物体，必受到平衡力的作用；当牵引力减小时，合力减小，由牛顿第二定律求解出加速度，在由运动学公式求的位移解答：解：汽车的加速度为f=maa=汽车减速到零时所需时间为t===5s＜6s所以汽车在5s末已经静止6s内通过的位移为s==m=25m故选C点评：本题考查的是路程、牵引力的计算，是一道综合题；关键是根据平衡力的知识判断汽车前进的所受的合力．11．（4分）质量为1kg的物体受到两个大小分别为3N和2N的共点力作用，则物体的加速度大小可能是（）A． 10 m/s2 B． 6 m/s2 C． 2 m/s2 D． 5 m/s2考点：牛顿第二定律；力的合成．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体在两个共点力作用下，根据力的合成的合力范围，由牛顿第二定律确定加速度的大小可能值．解答：解：两个共点力合成时，合力的大小范围为F1+F2≥F合≥|F1﹣F2|，所以3N和2N的合力范围为5N≥F合≥1N，根据牛顿第二定律知，物体产生的加速度大小范围为5m/s2≥a≥1m/s2，故C、D正确，A、B错误．故选：CD．点评：本题借助牛顿第二定律考查两个力合成时的合力范围，掌握合力范围和牛顿第二定律是解决问题的关键．12．（4分）如图所示，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，则（）A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C． A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D． A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力考点：物体的弹性和弹力；作用力和反作用力．专题：受力分析方法专题．分析：物体A在水平细线的作用下处于平衡状态，则物体A受到静摩擦力、细线拉力、重力与支持力．解答：解：A、A对桌面的压力和桌面对A的支持力是一对相互作用力，不是平衡力．故A错误；B、绳对A的拉力等于A所受桌面的摩擦力．故B错误；C、由于细线对A的拉力水平向右，所以桌面对A的摩擦力水平向左，而A对桌面的摩擦力的方向是水平向右，故C正确；D、A受的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力，故D正确；故选：CD．点评：平衡力与作用力与反作用力的区别与联系，前者是共同作用在一个物体上，当物体平衡时，平衡力才相等．而后者作用在两个物体上，大小总是相等，不论是运动还是静止，不论是加速还是减速．二、填空题（每空2分，共20分）13．（6分）如图所示，六个力的合力为0，若去掉lN的那个分力，则其余五个力的合力为1N，合力的方向为向上．考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法则图解法专题．分析：物体受多力巧用共线先合成，再由力的平行四边形定则可知，多力的合力为零；当去掉1N的那个分力，则其余5个力的合力为F2．与撤去的分力大小相等，方向相反，从而即可求解．解答：解：由题意可知，共线先合成，后得出相当于三个力夹角为120°，且大小均为3N，因此根据力的平行四边形定则可知，6个力的合力为零，即F1=0；当去掉1N的那个分力，则其余5个力的合力为F2．与撤去的分力大小相等，方向相反，即F2大小为1N，方向与4N方向相同，与1N的方向相反，故答案为：0，1N，向上．点评：本题中应用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相等方向相反．14．（2分）向右做匀速直线运动的小车上水平放置一密封的装有水的瓶子，瓶内有一气泡，当小车突然停止运动时，气泡相对于瓶子向左（选填“左”或“右”）运动．考点：惯性．分析：分别考虑水和气泡的惯性是解决本题的关键，抓住惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，也就是运动状态不易改变，同体积的水和气泡比较，水的质量大于气泡的质量．所以水的惯性大．解答：解：从惯性的角度去考虑瓶内的气泡和水，显然水的质量远大于气泡的质量，故水的惯性比气泡的惯性大．当小车突然停止时，水保持向前运动的趋势远大于气泡向前运动的趋势，于是水由于惯性继续向前运动，水将挤压气泡，使气泡相对于瓶子向后运动．故答案为：左点评：知道质量是惯性大小的量度．质量大的物体，惯性大，惯性大就是运动状态不易改变，质量小的物体，惯性小，运动状态容易改变．15．（12分）在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装，如图甲所示．请你指出该装置中错误或不妥之处：打点计时器不应使用干电池；小车初始位置离打点计时器太远；没有平衡摩擦力．（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验，如图乙是他在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度为0.195m/s2．（保留三位有效数字）（3）该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持拉力不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持小车的质量不变．（4）该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如图丙所示，则①图中的直线不过原点的原因是实验前木板右端垫得过高．②此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量偏大（填“偏大”或“偏小”）．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）打点计时器使用的是交流电源，而干电池是直流电源．接通电源前，小车应紧靠打点计时器，而在该图中小车初始位置离打点计时器太远．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．（3）该实验采用控制变量法，所以要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持拉力不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持小车的质量不变．（4）图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高．此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量偏大．解答：解：该实验中电磁打点计时器是利用4～6V的交流电源，电火花计时器是利用220V交流电源；不是直流电源．为了尽可能的利用纸带在释放前小车应紧靠打点计时器；在本实验中我们认为绳子的拉力等于物体所受的合外力，故在实验前要首先平衡摩擦力．答：打点计时器不应使用干电池；小车初始位置离打点计时器太远；没有平衡摩擦力．（2）相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，设第一个计数点到第二个计数点之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3﹣x1=2a1T2x4﹣x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值，得：a=（a1+a2）即a=（3）该实验采用控制变量法，所以要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持拉力不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应保持小车的质量不变．（4）图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高．此图中直线发生弯曲的原因是砂桶质量偏大，不能满足：m＜＜M．故答案为：（1）打点计时器不应使用干电池；小车初始位置离打点计时器太远；没有平衡摩擦力；（2）0.195；（3）拉力，小车的质量；（4）实验前木板右端垫得过高，偏大．点评：解决本题的关键掌握探究“加速度与力、质量的关系”实验方法、步骤，难度不大，属于基础题．三、计算题16．（10分）在水平路面上用绳子拉一个重为G=173N的木箱，绳子与水平路面的夹角为37°，如图所示．木箱与路面间的动摩擦因数μ=0.10，要使木箱能在水平面上匀速运动，则绳子所加拉力F应为多大？考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木箱做匀速运动，故所受合力为0，对木箱受力分析，列平衡方程式即可求解拉力F．解答：解：对木箱进行受力分析如图由于受力平衡，有Fcosθ=f；Fsinθ+F N=mg；代入数据得F=20N；故绳子所加拉力F应为20N．答：绳子所加拉力F应为20N．点评：本题的关键是对木箱平衡态的研究，即共点力作用下物体的平衡分析，正交分解及平衡方程式是考查的重点．17．（10分）木块质量m=8kg，在F=4N的水平拉力作用下，沿粗糙水平面从静止开始做匀加速直线运动，经t=5s的位移x=5m，g取10m/s2，求：（1）木块与粗糙平面间的动摩擦因数．（2）若在5s后撤去F，木块还能滑行多远？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体进行受力分析，据匀变速的运动公式求出加速度，再据牛顿第二定律求出摩擦因数；再利用运动学公式求出滑行的距离．解答：解：据运动学公式x=得：a=。
天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期期末试卷物理试题及答案物理试题及答案
甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷一、本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1、2、3、4、5、6、11题为单选，7、8、9、10、12题为多选．1．（4分）如图是利用传感器记录两个物体间作用力和反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是（）A．作用力大时，反作用力小B．作用力和反作用力不是同时变化的C．作用力和反作用力的大小总是相等D．作用力总是大于反作用力2．（4分）如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个运动过程中，CE段的加速度最大B．整个运动过程中，BC段的加速度最大C．整个运动过程中，质点在C点的状态所对应的位置离出发点最远D．OA段所表示的运动通过的路程是25m3．（4分）如图所示，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一光滑斜面接触（）A．如小车做匀速运动，小球受到的力有重力、绳对它的拉力和斜面对它的弹力B．如小车做匀速运动，小球受到斜面的弹力一定为零C．如小车做匀加速运动，小球受到斜面的弹力一定为零D．如小车做匀加速运动，加速度越大，绳的拉力越大4．（4分）一滑雪者沿斜坡匀速滑下，如图．下列关于滑雪者受力的说法，正确的是（）A．滑雪者受到二个力作用B．滑雪者所受的合力垂直斜坡向上C．滑雪者所受的合力沿斜坡向下D．作用在滑雪者身上的合力为零5．（4分）在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．6．（4分）“蹦极”是一项刺激的体育运动．某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P 点下落到最低点c点的过程中（）A．在a点时人的速度最大B．在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C．在ab段人做减速运动D．在c点，人的速度为零，处于平衡状态7．（4分）如图所示，质点通过位置P时的速度、加速度及P附近的一段轨迹都在图上标出，其中可能正确的是（）A．B．C．D．8．（4分）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是（）A．a的原长比b的短B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比9．（4分）如图是甲、乙两物体做直线运动的v﹣t图象．下列表述正确的是（）A．乙做匀加速直线运动B．甲的加速度比乙的小C．甲和乙的加速度方向相同D．甲与乙的速度方向相同10．（4分）如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上．一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度（一直在弹性限度内）后停止下落．在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（）A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上C．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小D．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大11．（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t秒后，Q的速度也变为v，再经t秒物体Q到达传送带的右端B处，则（）A．前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀减速运动B．后t秒内Q与传送带之间无摩擦力C．前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为1：1D．Q由传送带左端运动到右端的平均速度为12．（4分）如图，在光滑水平面上放着紧靠在一起的A．B两物体，B的质量是A的2倍，B受到向右的恒力F B=2N，A受到的水平力F A=（9﹣2t）N，（t的单位是s）．从t=0开始计时，则（）A．A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍B．t＞4s后，B物体做匀加速直线运动C．t=4.5s时，A物体的速度为零D．t＞4.5s后，AB的加速度方向相反二、本题共2小题，每空2分，共12分．把答案填在相应的横线上或按题目要求作答．13．（6分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如2图所示）．①分析此图线，CA段不过原点的可能原因是：__________．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_______________．A．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小木块的质量太大．14．（6分）现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺．请填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤（不考虑摩擦力的影响）：①小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑至斜面底端A2，记下所用的时间t②用米尺测量A1与A2之间的距离s，则小车的加速度a=___________．③用米尺测量A1相对于A2的高h．设小车所受重力为mg，则小车所受的合外力F=__________．④改变，重复上述测量．⑤以h为横坐标，为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律．三、本题共4小题，满分40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（8分）如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10N/m，用两条等长的线将球C与A、B相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60°，求：（1）杆对A球支持力大小；（2）C球重力大小．16．（8分）某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．（1）4s末木箱的速度为多大？（2）若4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．17．（12分）如图所示，在光滑水平面AB上，用水平恒力F推动质量为m=1kg的物体从A 点由静止开始做匀加速直线运动，物体到达B点时撤去F，接着又冲上光滑斜面，设经过B 点前后速度大小不变，最高能到达C点，用速度传感器测量物体的瞬时速度，表中记录了部分测量数据，t（s）0.0 0.2 0.4 2.2 2.4 2.6…v（m/s）0.0 0.4 0.8 3.0 2.0 1.0…取g=10m/s2，求：（1）恒力F的大小．（2）斜面的倾角α．（3）t=2.1s时物体的速度．18．（12分）如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验．若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为μ．重力加速度为g．（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力的大小；（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；（3）本实验中，m1=0.5kg，m2=0.1kg，μ=0.2，砝码与纸板左端的距离d=0.1m，取g=10m/s2．若砝码移动的距离超过l=0.002m，人眼就能感知．为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大？甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1、2、3、4、5、6、11题为单选，7、8、9、10、12题为多选．1．（4分）如图是利用传感器记录两个物体间作用力和反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是（）A．作用力大时，反作用力小B．作用力和反作用力不是同时变化的C．作用力和反作用力的大小总是相等D．作用力总是大于反作用力考点：牛顿第三定律．分析：从图上可以看出作用力和反作用力关于时间轴对称即大小相等，一正一负即方向相反．作用力和反作用力互为施力物体和受力物体．解答：解；A、作用力和反作用力大小相等，故A错误B、作用力和反作用力是同时变化的，故B错误C、作用力和反作用力一正一负即方向相反，而大小相等．故C正确D、无论物体静止还是运动，作用力和反作用力的关系都不改变．故D错误．故选：C．点评：理解基本概念是学好物理的前提和基础，只有充分理解牛顿第三定律才能顺利解决本题．2．（4分）如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个运动过程中，CE段的加速度最大B．整个运动过程中，BC段的加速度最大C．整个运动过程中，质点在C点的状态所对应的位置离出发点最远D．OA段所表示的运动通过的路程是25m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：（1）v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；（2）图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．（3）图象与坐标轴围成的面积表示位移，BC段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程．解答：解：A、整个过程中，CE段倾斜角最大，故其加速度数值最大，故A正确，B错误；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，故C错误；D、OA段与时间轴围成的三角形面积为S=．故D错误．故选：A点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．3．（4分）如图所示，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一光滑斜面接触（）A．如小车做匀速运动，小球受到的力有重力、绳对它的拉力和斜面对它的弹力B．如小车做匀速运动，小球受到斜面的弹力一定为零C．如小车做匀加速运动，小球受到斜面的弹力一定为零D．如小车做匀加速运动，加速度越大，绳的拉力越大考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．分析：AB选项物体处于平衡状态，根据弹力有无的判断，确定物体的受力，CD选项物体处于加速运动状态，根据牛顿第二定律结合力的合成与分解求解．解答：解：AB、小车做匀速运动，小球处于平衡状态，合外力为零，对小球受力分析知，受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，假设受到斜面的弹力，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾，故斜面对小球没有弹力．故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力．故B正确，A错误；CD、车做加速运动，合外力水平向右，对小球受力分析，如只受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，合力不可能水平向右，故小球必受到斜面的弹力，方向垂直斜面向上，故C 错误；随着加速度的增大，当合力不足以提供加速度时，小球将沿斜面上滑，绳子上的力将变为零，故D错误；故选：B点评：本题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法．4．（4分）一滑雪者沿斜坡匀速滑下，如图．下列关于滑雪者受力的说法，正确的是（）A．滑雪者受到二个力作用B．滑雪者所受的合力垂直斜坡向上C．滑雪者所受的合力沿斜坡向下D．作用在滑雪者身上的合力为零考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分析滑雪者的受力情况，根据共点力的平衡即可做出判定．解答：解：一滑雪者沿斜坡匀速滑下，受到重力、支持力和摩擦力两点作用处于平衡状态，合外力为0．故ABC错误，D正确．故选：D点评：平衡状态由两种情况：静止或做匀速直线运动，所以该题中的滑雪者处于平衡状态，这是解题的关键．5．（4分）在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．考点：超重和失重．专题：运动学中的图像专题．分析：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态．解答：解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，所以D正确．故选D．点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．6．（4分）“蹦极”是一项刺激的体育运动．某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P 点下落到最低点c点的过程中（）A．在a点时人的速度最大B．在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C．在ab段人做减速运动D．在c点，人的速度为零，处于平衡状态考点：牛顿第二定律；超重和失重．分析：根据牛顿第二定律判断出人的加速度方向，根据加速度的方向与速度方向的关系，判断出人的运动情况，从而确定哪个位置速度最大，哪个位置加速度最大．解答：解：A、从a点向下，人的重力大于弹力，加速度向下，则做加速运动，根据牛顿第二定律知，加速度减小，当到达b位置，重力和弹力相等，速度最大，由b到c，重力小于弹力，加速度方向向上，做减速运动．故A错误．B、在ab段绳的拉力小于人的重力，加速度向下，人处于失重状态．故B正确．C、从a点向下，人的重力大于弹力，加速度向下，则做加速运动，根据牛顿第二定律知，加速度减小，当到达b位置，重力和弹力相等，速度最大，故ab段做加速度减小的加速运动．故C错误．D、在c点，速度为零，重力小于弹力，不是平衡状态．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动，知道合力的方向与加速度方向相同，当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动．7．（4分）如图所示，质点通过位置P时的速度、加速度及P附近的一段轨迹都在图上标出，其中可能正确的是（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．分析：做曲线运动的物体，速度方向沿着曲线上点的切线方向；做曲线运动的物体，合力及加速度的方向与速度方向不共线，且指向曲线的内侧；解答：解：A、图中速度方向正确，加速度方向应该直线曲线的内侧，故A错误；B、图中速度方向是切线方向，加速度方向指向曲线的内侧，故B正确；C、图中加速度方向指向曲线的内侧，但速度方向不是切线方向，故C错误；D、图中速度方向是切线方向，加速度方向指向曲线内侧，故D正确；故选：BD．点评：本题关键是要明确三个方向，即速度方向、合力方向、加速度方向；对于曲线运动要明确其速度方向不断变化，一定具有加速度，一定是变速运动．8．（4分）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是（）A．a的原长比b的短B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：弹簧的弹力满足胡克定律，F=kx，在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，横截距表示弹簧的原长．解答：解：A、在图象中横截距表示弹簧的原长，故b的原长比a的长，故A正确．BC、在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，故a的劲度系数比b的大，故B正确，C错误．D、测得的弹力与弹簧的伸长长度成正比，而不是与长度成正比，故D错误．故选：AB．点评：考查了胡克定律，注意F﹣t图象的认识，明确斜率和横截距的物理意义．9．（4分）如图是甲、乙两物体做直线运动的v﹣t图象．下列表述正确的是（）A．乙做匀加速直线运动B．甲的加速度比乙的小C．甲和乙的加速度方向相同D．甲与乙的速度方向相同考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，倾斜直线表示匀变速直线运动，根据形状分析物体的运动性质；图线的斜率代表物体的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜，加速度为负．解答：解：A、由图看出，乙的速度均匀增大，加速度不变，说明乙做匀加速直线运动，故A正确．B、由速度图线斜率的大小等于加速度的大小，甲图线的斜率较大，则甲的加速度比乙的大．故B错误．C、v﹣t图象的斜率等于加速度，由数学知识得知，甲的加速度沿负向，乙的加速度沿正向，两者加速度方向相反，故C错误．D、速度的正负表示速度的方向，由图知，两个物体的速度均沿正方向，方向相同，故D正确．故选：AD．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，关键要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．10．（4分）如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上．一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度（一直在弹性限度内）后停止下落．在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（）A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上C．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小D．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大考点：动能和势能的相互转化；牛顿第二定律；功能关系．分析：根据小球的受力情况，分析小球的运动情况，判断什么时刻小球的速度最大，根据牛顿第二定律分析小球的加速度的方向．解答：解：A、B小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度，开始压缩弹簧时，重力大于弹力，合力竖直向下，加速度方向竖直向下，与速度方向相同，小球做加速度运动，当小球所受的弹力大于重力时，合力竖直向上，加速度竖直向上，与速度方向相反，小球开始做减速运动，则当弹力与重力大小相等、方向相反时，小球的速度最大．故AB错误．C、由上分析可知，从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小．故C正确．D、从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后反向增大．故D正确．故选CD．点评：本题是含有弹簧的问题，关键要抓住弹簧弹力的可变性，不能想当然，认为小球一碰弹簧就开始减速．11．（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t秒后，Q的速度也变为v，再经t秒物体Q到达传送带的右端B处，则（）A．前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀减速运动B．后t秒内Q与传送带之间无摩擦力C．前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为1：1D．Q由传送带左端运动到右端的平均速度为考点：牛顿第二定律；平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在前t秒内物体做加速运动，后t秒内物体做匀速运动．由运动学公式求出总位移，再求解平均速度，并求出位移之比．后ts内Q与传送带之间无摩擦力．解答：解：A、在前t秒内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，后t秒内物体的速度与传送带相同，不受摩擦力而做匀速运动．故A错误，B正确．C、前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为：vt=1：2．故C错误．D、Q由传送带左端运动到右端的总位移为x=+vt=，平均速度为=．故D错误．故选：B点评：本题可通过分析物体的受力情况来确定其运动情况，也可以通过作速度图象研究位移和平均速度．12．（4分）如图，在光滑水平面上放着紧靠在一起的A．B两物体，B的质量是A的2倍，B受到向右的恒力F B=2N，A受到的水平力F A=（9﹣2t）N，（t的单位是s）．从t=0开始计时，则（）A．A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍B．t＞4s后，B物体做匀加速直线运动C．t=4.5s时，A物体的速度为零D．t＞4.5s后，AB的加速度方向相反考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体，根据牛顿第二定律求出加速度的表达式，得到A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍数；对B研究，由牛顿第二定律求出A对B的作用力N表达式，当N=0时，求出时间，此后A 分离，B做匀加速运动；t=4.5s时，对A，根据牛顿第二定律求出加速度，分析其速度；解答：解：设A的质量为m，则B的质量为2m，在两物体没有分离时，对整体：根据牛顿第二定律得a==①对B：设A对B的作用力大小为N，则N+F B=2ma ②解得，N=（16﹣4t），③A、B、由③得，当t=4s时，N=0，此后A、B分离，B物体做匀加速直线运动．由①得：当t=0时，a1=；t=3s时，a2=，则A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍．故A、B正确．C、t=4.5s时，A的加速度为a A===0，说明t=4.5s之前A在做加速运动，此时A的速度不为零，而且速度方向与B相同．故C错误．D、t＞4.5s后，A的加速度a A＜0，而B的加速度不变，则知t＞4.5s后，AB的加速度方向相反．故D正确．故选ABD点评：本题是连接体问题，采用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律得到加速度与时间的关系是关键．二、本题共2小题，每空2分，共12分．把答案填在相应的横线上或按题目要求作答．13．（6分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如2图所示）．①分析此图线，CA段不过原点的可能原因是：未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是C．A．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小木块的质量太大．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可．解答：解：在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．（1）当拉力F已经不为零时，木块仍然没有产生加速度，故原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（2）探究加速度与力的关系实验，当钩码的质量远小于小车质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，a﹣F图象是直线，如果钩码质量太大，不能满足钩码质量远小于小车质量时，a﹣F图象不是直线，发生弯曲，故C正确；故选：C．。
甘肃高一高中物理期中考试带答案解析
甘肃高一高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下面说法正确的是（）A．参考系就是静止不动的物体B．选择不同的参考系，物体的运动一定不同C．学校早上7：50开始上第一节课，7：50是时间间隔D．瞬时速度是物体在某一时刻或在某一位置时的速度2.如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样3.关于打点计时器的使用，下列说法中不正确的是（）A．打点计时器应用低压交流电源，交流电频率为50HzB．纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的上面C．要先通电，后释放纸带，纸带通过后立即切断电源D．为减小摩擦，每次测量应先将纸带理顺4.关于匀变速直线运动，下列叙述中正确的是（）A．是速度随时间均匀变化的直线运动B．是加速度随时间均匀变化的直线运动C．是位移随时间均匀变化的直线运动D．是路程随时间均匀变化的直线运动5.下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A．位移、速度、时间B．速度、路程、时间C．位移、速度、加速度D．速度、加速度、路程6.沿直线运动的物体，甲的加速度为10m/s2，乙的加速度为﹣12m/s2，下列说法中正确的是（）A．甲的加速度比乙的加速度大B．甲和乙一定都做加速运动C．乙的加速度比甲的加速度大D．甲和乙的加速度大小无法比较7.如图所示，在下列表示物体运动规律的图象中，表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．8.电梯上升运动的v﹣t图如图所示，从图象可知电梯在9秒内上升的高度是（）A．0B．36m C．42m D．39m9.一辆以12m/s的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以4m/s2的加速度作匀减速直线运动，则汽车在5s内的位移是（）A．10m B．18m C．24m D．30m10.一物体由静止沿光滑的斜面匀加速下滑L距离时，速度为v；当物体的速度为时，它沿斜面下滑的距离是（）A．B．C．D．11.关于质点的描述，下列说法中正确的是（）A．研究地球的自转时，可以把地球看成质点B．研究地球公转一周所用的时间时，可以把地球看成质点C．研究列车从北京到上海过程中运动快慢时，可以把列车看成质点D．研究车轮的转动时，可以把车轮看成质点12.如图为某运动物体的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．物体以某初速开始运动，在0～2s内加速运动，2～4s内匀速运动，4～6s内减速运动B．物体在0～2s内的加速度是2.5m/s2，2～4s内加速度为零，4～6s内加速度是﹣10m/s2C．物体在4.5s时的速度为5m/sD．物体在0～5s内始终向同一方向运动二、填空题1.一个皮球从5m高的地方落下，碰撞地面后又反弹起1m，通过的路程是 m，该球经过一系列碰撞后，最终停在地面上，在整个运动过程中皮球的位移大小是 m．2.（6分）（2015秋•临夏州校级期中）一个质点在x轴上运动，各个时刻的位置坐标如下表，则此质点从t=0时刻开始运动，第秒内的位移最大，为 m．3.（9分）（2015秋•临夏州校级期中）汽车以36km/h的速度行驶．刹车时，汽车的加速度大小是4m/s2，则从开始刹车的时刻起，经过 s，汽车的速度减为零．在这段时间内汽车的位移大小是 m，平均速度大小是 m/s．三、实验题在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示，已知打点计时器每隔T="0.02s" 打一个点．则A、B、C、D、E每相邻两点间的时间间隔均为 s，从图中给定的长度，求出打下B点时小车的瞬时速度大小是 m/s，CE段小车的平均速度大小是 m/s．四、计算题1.如图所示，一质点沿半径R=20m的圆周自A点出发，顺时针方向运动了10s第一次到达B点．求：（1）这一过程中质点的路程；（2）这一过程中质点位移的大小和方向；（3）这一过程中质点平均速度的大小．2.某飞机着陆时的速度是216km/h，随后沿水平直跑道路匀减速滑行，加速度的大小是4.5m/s2．求：（1）飞机从着陆到停下过程的平均速度是多大？（2）机场的跑道至少要多长才能使飞机安全地停下来？3.一小球沿斜面以5m/s的初速度匀加速滚下（斜面足够长），已知小球在第3s末的速度为14m/s．求：（1）小球加速度的大小和方向；（2）小球第6s末的速度大小；（3）小球第6s内的位移大小．甘肃高一高中物理期中考试答案及解析一、选择题1.下面说法正确的是（）A．参考系就是静止不动的物体B．选择不同的参考系，物体的运动一定不同C．学校早上7：50开始上第一节课，7：50是时间间隔D．瞬时速度是物体在某一时刻或在某一位置时的速度【答案】D【解析】解：A、参考系的选取是任意的，并不是只有静止的物体才可以作为参考系；故A错误；B、选择不同的参考系，物体的运动可能不同，但并不是一定不同；故B错误；C、7：50是开始上课的时刻；不是时间间隔；故C错误；D、瞬时速度是物体在某一时刻或某一位置时的速度；故D正确；故选：D．【考点】瞬时速度；时间与时刻．【分析】参考系是用来作为标准的物体，可以任意选取；选取不同的参考系，物体的运动可能不同；时间对应时间段，而时刻对应的是时间点；瞬时速度对应一个时刻或一个位置；而平均速度对应在一段位移或一段时间．【点评】本题考查了瞬时速度、时间和时刻及参考系，要注意物理学习中相近物理量的掌握，明确它们的准确性质．2.如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样【答案】D【解析】解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D【考点】位移与路程．【分析】位移是起点到终点的有向线段，决定于起点和终点的位置．【点评】位移是描述运动常用物理量，抓住概念和方向性．比较简单．3.关于打点计时器的使用，下列说法中不正确的是（）A．打点计时器应用低压交流电源，交流电频率为50HzB．纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的上面C．要先通电，后释放纸带，纸带通过后立即切断电源D．为减小摩擦，每次测量应先将纸带理顺【答案】B【解析】解：A、打点计时器应用低压交流电源，交流电频率为50Hz，故A正确；B、纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的下面，故B错误；C、要先接通电源，再释放纸带，纸带通过后立即切断电源，故C正确；D、若纸带不理顺，会造成较大摩擦，甚至会把纸带拉断，所以每次测量应先将纸带理顺，故D正确；本题选不正确的，故选：B．【考点】用打点计时器测速度．【分析】解决实验问题首先了解实验仪器工作特点、掌握基本仪器的使用等．在实验操作步骤的顺序上要注意先通电，后释放纸带．【点评】对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解．4.关于匀变速直线运动，下列叙述中正确的是（）A．是速度随时间均匀变化的直线运动B．是加速度随时间均匀变化的直线运动C．是位移随时间均匀变化的直线运动D．是路程随时间均匀变化的直线运动【答案】A【解析】解：A、匀变速直线运动的加速度保持不变，根据v=v+at知，速度随时间均匀变化，故A正确，B错误．C、匀变速直线运动的位移x=，位移与时间的关系不是一次函数关系，所以位移随时间不是均匀变化，路程随时间也不是均匀变化，故C、D错误．故选：A．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】匀变速直线运动的加速度不变，速度随时间均匀变化，结合运动学公式分析判断．【点评】解决本题的关键知道匀变速直线运动的特点，即加速度不变，速度随时间均匀变化，基础题．5.下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A．位移、速度、时间B．速度、路程、时间C．位移、速度、加速度D．速度、加速度、路程【答案】C【解析】解：A、时间只有大小，没有方向，是标量．位移、速度是矢量，既有大小，又有方向．故A错误；B、路程是物体走过的轨迹的长度，只有大小，没有方向，是标量．故B错误；C、位移、加速度、速度变化量都是既有大小，又有方向的物理量，是矢量．故C正确；D、加速度、速度变化量都是既有大小，又有方向的矢量；路程只有大小，没有方向，是标量，故D错误．故选：C【考点】矢量和标量．【分析】矢量是既有大小，又有方向的物理量，标量是只有大小，没有方向的物理量．【点评】此题考查对矢量与标量区别的理解．注意平均速率等于路程与所用时间的比值，是标量．6.沿直线运动的物体，甲的加速度为10m/s2，乙的加速度为﹣12m/s2，下列说法中正确的是（）A．甲的加速度比乙的加速度大B．甲和乙一定都做加速运动C．乙的加速度比甲的加速度大D．甲和乙的加速度大小无法比较【答案】C【解析】解：加速度的正负表示方向，甲的加速度为10m/s2，乙的加速度为﹣12m/s2，可知乙的加速度比甲大，故C正确，AD错误．B、由于甲乙的速度方向未知，无法判断甲、乙做加速运动还是减速运动．故B错误．故选：C．【考点】加速度．【分析】加速度是矢量，正负表示加速度的方向，结合其绝对值比较加速度的大小．根据加速度的方向与速度方向的关系判断做加速运动还是减速运动．【点评】解决本题的关键知道加速度的正负表示方向，不表示大小，以及掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．7.如图所示，在下列表示物体运动规律的图象中，表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】解：A、位移不随时间而变化，说明物体处于静止状态．故A错误．B、位移随时间均匀增加，说明物体做匀速运动，故B错误．C、在速度时间图象中速度不随时间变化，表示物体做匀速直线运动，故C错误D、在速度时间图象中速度随时间均匀增加，故做加速运动，故D正确故选D【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】位移图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，速度图象平行t轴的直线表示物体做匀速直线运动．分别分析物体的性质，再进行选择．【点评】对于运动图象，首先要能从形状能直接判断物体的运动性质，可根据各种运动的特点进行理解．8.电梯上升运动的v﹣t图如图所示，从图象可知电梯在9秒内上升的高度是（）A．0B．36m C．42m D．39m【答案】D【解析】解：由于在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负；所以由图象中梯形的面积为s=×6×（9+4）=39m，故D正确．故选：D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【点评】本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．9.一辆以12m/s的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以4m/s2的加速度作匀减速直线运动，则汽车在5s内的位移是（）A．10m B．18m C．24m D．30m【答案】B【解析】解：汽车刹车到停止的时间所以5s内的位移等于3s内的位移．则=18m．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车刹车速度为零后不再运动，再根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．【点评】该题是汽车的刹车问题，注意汽车刹车停止后不再运动，所以先必须求出刹车到停止所需的时间．10.一物体由静止沿光滑的斜面匀加速下滑L距离时，速度为v；当物体的速度为时，它沿斜面下滑的距离是（）A．B．C．D．【答案】B【解析】解：设物体的加速度为a．由速度位移关系公式得：v2="2aL"解得x=．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】物体沿光滑斜面匀加速下滑，对位移等于L时，由速度位移关系公式，列出速度与L、a的关系式；对速度为时，再由速度位移关系公式，列出速度与L、a的关系式，然后用比例法求解．【点评】本题要抓住物体的加速度恒定，不需要研究时间，选用速度位移关系公式，运用比例法求解．11.关于质点的描述，下列说法中正确的是（）A．研究地球的自转时，可以把地球看成质点B．研究地球公转一周所用的时间时，可以把地球看成质点C．研究列车从北京到上海过程中运动快慢时，可以把列车看成质点D．研究车轮的转动时，可以把车轮看成质点【答案】BC【解析】解：A、研究地球的自转时，地球上各个点的运动情况不一样，不能用一个点代替整个地球．故A错误．B、地球的大小和日地距离比较，可以忽略，所以可以把地球看成质点．故B正确．C、火车的形状和大小在研究从北京到上海过程中运动快慢时可以忽略，可看成质点．故C正确．D、车轮上各点的运动情况不同，不能用一个点来代替车轮．故D错误．故选BC．【考点】质点的认识．【分析】判断一个物体能否看成质点，看物体在所研究的问题中形状和大小能不能忽略．【点评】解决本题的关键掌握物体可看成质点的条件：物体在所研究的问题中形状和大小能不能忽略．12.如图为某运动物体的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（ ）A ．物体以某初速开始运动，在0～2s 内加速运动，2～4s 内匀速运动，4～6s 内减速运动B ．物体在0～2s 内的加速度是2.5m/s 2，2～4s 内加速度为零，4～6s 内加速度是﹣10m/s 2C ．物体在4.5s 时的速度为5m/sD ．物体在0～5s 内始终向同一方向运动【答案】BCD【解析】解：A 、由图知，物体在0～2s 内匀加速运动，2～4s 内匀速运动，4～6s 内先沿正方向匀减速运动，5s 后沿负方向做匀加速运动．故A 错误．B 、速度图象的斜率表示加速度，则得物体在0～2s 内的加速度是 =2.5m/s 2，2～4s 内加速度为零，4～6s内加速度是=﹣10m/s 2．故B 正确．C 、根据几何知识可知，物体在4.5s 时的速度为5m/s ，故C 正确．D 、速度的正负表示运动方向．可知物体在0～5s 内始终向同一方向运动．故D 正确． 故选：BCD ．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在速度﹣﹣时间图象中，斜率的直线表示匀变速直线运动，平行于t 轴的直线表示匀速直线运动；直线的斜率表示加速度；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．速度的正负表示运动方向．【点评】本题是速度﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移．二、填空题1.一个皮球从5m 高的地方落下，碰撞地面后又反弹起1m ，通过的路程是 m ，该球经过一系列碰撞后，最终停在地面上，在整个运动过程中皮球的位移大小是 m ． 【答案】6，5【解析】解：皮球从5m 高的地方落下，碰撞又反弹起1m ，通过的路程s=5+1m=6m ，经过一系列碰撞后，最终停在地面上，在整个运动过程中皮球的位移是5m ，方向竖直向下． 故答案为：6，5． 【考点】位移与路程．【分析】位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度．【点评】解决本题的关键知道路程和位移的区别，知道路程是标量，位移是矢量．2.（6分）（2015秋•临夏州校级期中）一个质点在x 轴上运动，各个时刻的位置坐标如下表，则此质点从t=0时刻开始运动，第 秒内的位移最大，为 m ．【答案】2；﹣9【解析】解：质点在第1s 位移x 1=5m ，第2s 位移x 2=﹣9m ，第3s 位移x 3=3m ，第4s 位移x 4=﹣6m ，第5s 位移x 5=8m ，则此质点开始运动后，第2s 内的位移最大，为﹣9m ； 故答案为：2；﹣9 【考点】位移与路程．【分析】质点在x 轴上运动，质点的位移等于初末坐标之差，即△x=x 2﹣x 1，确定出前5s 每1秒内的位移，再判断哪一秒内位移最大．位移大小是位移的绝对值．【点评】本题考查一维坐标下质点的位移与坐标之间关系的理解和应用，请注意位移的大小是指位移的绝对值．3.（9分）（2015秋•临夏州校级期中）汽车以36km/h 的速度行驶．刹车时，汽车的加速度大小是4m/s 2，则从开始刹车的时刻起，经过 s ，汽车的速度减为零．在这段时间内汽车的位移大小是 m ，平均速度大小是 m/s ． 【答案】2.5，12.5，5 【解析】解：时间t===2.5s ．通过的位移x==10×2.5﹣m=12.5m平均速度==5m/s ．平均速度也可以这样求：=5m/s ．故本题答案为：2.5，12.5，5．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】通过匀变速直线运动的速度时间公式求出经过多长时间汽车的速度减为0．然后通过位移时间公式求出位移，再根据平均速度的公式去求平均速度．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v 0+at 和位移时间公式x=v 0t+．三、实验题在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示，已知打点计时器每隔T="0.02s" 打一个点．则A 、B 、C 、D 、E 每相邻两点间的时间间隔均为 s ，从图中给定的长度，求出打下B 点时小车的瞬时速度大小是 m/s ，CE 段小车的平均速度大小是 m/s ．【答案】0.1，0.7，1.5【解析】解：因为相邻计数点间有四个点，则时间间隔为0.1s ． B 点的瞬时速度．CE 段的平均速度．故答案为：0.1，0.7，1.5．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B 点的瞬时速度，根据平均速度的定义式求出CE 段的平均速度．【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度，关键是匀变速直线运动推论的运用．四、计算题1.如图所示，一质点沿半径R=20m 的圆周自A 点出发，顺时针方向运动了10s 第一次到达B 点．求：（1）这一过程中质点的路程；（2）这一过程中质点位移的大小和方向； （3）这一过程中质点平均速度的大小．【答案】（1）这一过程中质点的路程为30πm ；（2）这一过程中质点位移的大小为28.2m ；方向由A 指向B ； （3）这一过程中质点平均速度的大小为2.82m/s 【解析】解：（1）由图可知，质点经过的路程为：S===30πm ；（2）位移与起点到终点的有向线段，故位移大小x==R=28.2m ；方向由A 指向B ；（3）全过程的平均速度===2.82m/s ；答：（1）这一过程中质点的路程为30πm ；（2）这一过程中质点位移的大小为28.2m ；方向由A 指向B ； （3）这一过程中质点平均速度的大小为2.82m/s 【考点】平均速度；位移与路程．【分析】（1）路程是指物体经过的实际轨迹的长度，根据圆的性质可明确路程大小； （2）位移是指由起点到终点的有向线段，线段长度为位移的大小，方向由起点指向终点； （3）平均速度等于位移与时间的比值．【点评】本题考查位移与路程和平均速度，要注意明确位移和路程的区别与联系，明确平均速度只能根据位移与时间的比值求解．2.某飞机着陆时的速度是216km/h ，随后沿水平直跑道路匀减速滑行，加速度的大小是4.5m/s 2．求： （1）飞机从着陆到停下过程的平均速度是多大？（2）机场的跑道至少要多长才能使飞机安全地停下来？ 【答案】（1）飞机从着陆到停下过程的平均速度是30m/s ； （2）机场的跑道至少要400m 才能使飞机安全地停下来． 【解析】解：（1）216km/h=60m/s ，根据平均速度推论知，飞机从着陆到停下过程中的平均速度．（2）根据速度位移公式得，跑道的至少长度x=．答：（1）飞机从着陆到停下过程的平均速度是30m/s ； （2）机场的跑道至少要400m 才能使飞机安全地停下来． 【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据匀变速直线运动的平均速度推论求出飞机从着陆到停下的过程中的平均速度． （2）根据速度位移公式求出机场跑道的至少长度．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．3.一小球沿斜面以5m/s 的初速度匀加速滚下（斜面足够长），已知小球在第3s 末的速度为14m/s ．求： （1）小球加速度的大小和方向； （2）小球第6s 末的速度大小； （3）小球第6s 内的位移大小．【答案】（1）小球的加速度大小为3m/s 2，方向沿斜面向下． （2）小球第6s 末的速度大小为23m/s ． （3）小球第6s 内的位移大小为18.5m ． 【解析】解：（1）根据速度时间公式得，．方向沿斜面向下．（2）小球第6s 末的速度v 6=v 0+at 6=5+3×6m/s=23m/s ． （3）小球第6s 内的位移大小 =m=18.5m ．答：（1）小球的加速度大小为3m/s 2，方向沿斜面向下． （2）小球第6s 末的速度大小为23m/s ． （3）小球第6s 内的位移大小为18.5m ．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速度的大小和方向，根据速度时间公式求出第6s 末的速度．根据位移时间公式求出第6s 内的位移．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式，并能灵活运用，基础题．。
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甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期期中物理试卷一、选择题（本题包括10小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（5分）下列关于质点的说法中正确的是（）A．只要是体积很小的球体就可以视为质点B．研究一汽车从淮阴到南京的运动时间时可以将其视为质点C．因为太阳的体积太大了，所以任何情况下都不可以将其视为质点D．质量很大的物体无论在任何情况下都不能看成质点2．（5分）如图所示为四个物体做直线运动的速度图象，由图象可知做匀加速直线运动的是（）A．B．C．D．3．（5分）下列关于加速度的说法，其中正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度变化所用时间越短，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零4．（5分）物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度达到4m/s，第2s内物体的位移是（）A．2 m B．4 m C．6 m D．8 m5．（5分）某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s6．（5分）某战车以大小为40m/s的速度做匀速直线运动，刹车后，获得的加速度大小为10m/s2，则刹车后5s内战车通过的路程为（）A．40m B．75m C．80m D．100m7．（5分）一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示．下列选项正确的是（）A．在0～6s内，物体离出发点最远为30mB．在0～6s内，物体经过的路程为40mC．在0～4s内，物体的平均速率为7.5m/sD．4～5s内，物体速度与加速度方向相同8．（5分）甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知（）A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲B．t=20s时，乙追上了甲C．在t=20s之前，甲比乙运动的快；在t=20s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10s时才开始运动，所以t=10s时，甲在乙前面，它们之间距离为乙追上甲前最大9．（5分）关于速度与加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．物体的速度改变越快，其加速度也越大B．物体的速度越大，其加速度也越大C．物体的速度改变量越大，其加速度也越大D．物体的速度为零，其加速度一定为零10．（5分）汽车从静止起做匀加速直线运动，速度达到v时立即做匀减速直线运动，最后停止，全部时间为t，则汽车通过的全部位移为（）A．v•t B．v•2t C．v•D．v•二、实验题（共24分）11．（4分）小明同学骑自行车去上学，在途中发生事情而刹车．从开始刹车到停下来共用了5s，在这段时间内，自行车每1s前进的距离分别为18m、10m、6m、3m、1m．则小明在整个刹车过程中的平均速度为__________，小明在最后1s内的平均速度为_________．12．（4分）在高空以500m/s的速度飞行的飞机；火车出站时在1min内速度由零增大到72km/h；小球下落到地板上在0.02s内速度由3m/s减小到零．以上3个物体中速度最大的是________，速度变化最快的是_____________．13．（4分）如图所示的速度图象表示一质点做匀加速直线运动，试根据图象带质点的初速度v0=，加速度为a=．14．（4分）某质点沿直线运动，其位移x和所用时间t满足方程2t2+5t=x，由此可知这个质点运动的初速度为m/s，加速度为m/s2．15．（4分）某个自由下落的物体，可忽略空气阻力对其影响，到达地面时的速度为20m/s，由此可知，该物体是从m高的地方下落的，落到地面用了s的时间．（g取10m/s2）16．（4分）在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，每5个打印点取一个计数点，分别标上0、1、2、3、4…量得0与1两点间的距离s1=30mm，3与4两点间的距离s4=48mm，则小车在0与1两点间平均速度为，小车的加速度为．三、计算题（本题4小题，共26分）17．（6分）汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上发生滑动，产生明显的滑动痕迹，即常说的刹车线．由刹车线长短可以得知汽车刹车前的速度大小，因此刹车线的长度是分析交通事故的一个重要依据．若某汽车刹车后至停止的加速度大小为7m/s2，刹车线长为14m，求：（1）该汽车刹车前的初始速度v0的大小；（2）该汽车从刹车至停下来所用时间t．18．（6分）一列火车做匀变速直线运动向站台驶来，一个人站在站台上，发现在相邻的两个10s内列车分别从他跟前驶过8节和6节车厢，每节车厢长8m，连接处长度不计．求火车加速度a和人开始计时时火车的速度．19．（8分）从离地125m的空中由静止开始自由落下一个小球，取g=10m/s2，求：（1）经过多少时间小球落到地面；（2）从开始下落的时刻起，小球在第1s内的位移和最后1s内的位移．20．（8分）一列货车以8m/s的速度在铁路上行驶，由于调度事故，在后面600m处有一列快车以20m/s的速度在行驶，快车司机发觉后立即合上制动器，但快车要滑行2 000m才能停下来．试判断两车会不会相撞．甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括10小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（5分）下列关于质点的说法中正确的是（）A．只要是体积很小的球体就可以视为质点B．研究一汽车从淮阴到南京的运动时间时可以将其视为质点C．因为太阳的体积太大了，所以任何情况下都不可以将其视为质点D．质量很大的物体无论在任何情况下都不能看成质点考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．解答：解：A、原子核很小，质量很小，但在研究原子核内部的结构等的时候是不能看成质点的，所以A错误．B、研究一汽车从淮阴到南京的运动时间时，汽车的形状和大小对研究问题没有影响，可以看成质点，故B正确；C、太阳的体积很大，但研究其在银河系中的位置时，太阳的大小和形状对研究的问题没有影响，此时可以看成质点，所以C错误．D、由C得分析知D错误．故选B．点评：本题就是考查学生对质点概念的理解，是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单．2．（5分）如图所示为四个物体做直线运动的速度图象，由图象可知做匀加速直线运动的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度图象直接读出速度的变化情况，根据图线的斜率分析加速度如何变化，确定物体的运动情况．解答：解：A、速度图线平行于t轴，说明速度不随时间变化，说明物体做匀速直线运动．不符合题意．故A错误．B、速度均匀减小，说明物体做匀减速直线运动，不符合题意．故B错误．C、速度均匀增大，说明物体做匀加速直线运动，符合题意．故C正确．D、速度逐渐增大，而且图线斜率不断增大，物体的加速度增大，说明物体做变速直线运动．故D错误．故选C点评：本题是速度图象问题，由图线形状直接读出物体速度的变化，抓住图线的“斜率”等于加速度，“面积”等于位移．3．（5分）下列关于加速度的说法，其中正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度变化所用时间越短，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=，加速度等于速度的变化率．物体的速度变化量大，加速度不一定大．加速度与速度无关．解答：解：A、物体的速度变化量大，加速度不一定大．只有当变化所用时间相同时，加速度才大．故A错误．B、速度变化所用时间越短，但是如果速度变化量很小，那么加速度不一定越大，故B错误C、速度变化越快，加速度一定越大，故C正确D、速度为零，加速度不一定为零，例如竖直上抛运动到最高点，故D错误故选C．点评：本题考查对加速度的物理意义理解能力，可以从数学角度加深理解加速度的定义式a=．4．（5分）物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度达到4m/s，第2s内物体的位移是（）A．2 mB．4 mC．6 mD．8 m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：物体的初速度为0，根据速度时间公式v=at，求出物体的加速度，然后根据位移时间公式x=v1t+at2求出第2s内的位移．解答：解：根据速度时间公式v1=at，得a==4m/s2．第1s末的速度等于第2s初的速度，所以物体在第2s内的位移x2=v1t+at2=4×1+×4×1m=6m．故选C点评：解决本题的关键掌握速度时间公式v=v0+at，以及位移时间公式x=v0t+at25．（5分）某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/sB．10m/sC．15m/sD．20m/s考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度．解答：解：由运动学公式v2﹣v02=2as代人数据得：m/s，故选B正确．故选：B．点评：该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可．6．（5分）某战车以大小为40m/s的速度做匀速直线运动，刹车后，获得的加速度大小为10m/s2，则刹车后5s内战车通过的路程为（）A．40mB．75mC．80mD．100m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：汽车刹车过程做做匀减速直线运动，根据加速度和初速度，由速度公式求出刹车的时间，根据已知时间与刹车时间的比较，分析汽车的运动状态，再选择公式求解已知时间内的位移．解答：解：汽车刹车到停止所需的时间t0==s=4s．因为5s＞4s，所以刹车后5s内的位移等于刹车后4s内的位移．则为x=v0t0+at02=40×4m﹣×10×16m=80m．故C正确．故选：C点评：对于汽车刹车这种匀减速直线运动，不能死套公式，要注意检验解题结果的合理性，往往要先求出汽车刹车的时间，然后再进行其他计算．7．（5分）一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示．下列选项正确的是（）A．在0～6s内，物体离出发点最远为30mB．在0～6s内，物体经过的路程为40mC．在0～4s内，物体的平均速率为7.5m/sD．4～5s内，物体速度与加速度方向相同考点：匀变速直线运动的图像；平均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负；平均速率等于路程与时间之比．解答：解：A、0～5s，物体向正向运动，5～6s向负向运动，故5s末离出发点最远，物体离出发点最远距离为S=×10×（2+5）m=35m，故A错误；B、在0～6s内，物体经过的路程等于梯形面积与t轴下方三角形面积之和，为S=35m+×10×1m=40m，故B正确；C、在0～4s内，物体的路程为S=×10×（2+4）=30m，因此平均速率==m/s=7.5m/s，故C正确；D、4～5s内，物体做匀减速运动，速度与加速度方向相反．故D错误．故选：BC．点评：本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用及做功正负的判断，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．8．（5分）甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知（）A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲B．t=20s时，乙追上了甲C．在t=20s之前，甲比乙运动的快；在t=20s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10s时才开始运动，所以t=10s时，甲在乙前面，它们之间距离为乙追上甲前最大考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．通过速度的大小比较运动的快慢．解答：解：A、在10﹣20s内，甲的速度大于乙的速度，20s后，乙的速度大于甲的速度．故A错误，C正确．B、在t=20s时，甲、乙图线围成的面积不等，知乙未追上甲．故B错误．D、乙在t=10s时才开始运动，所以t=10s时，甲在乙前面，在速度相等前，甲的速度大于乙的速度，两者距离越来越大，速度相等时，相距最大．故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率以及图线与时间轴围成的面积表示的含义．9．（5分）关于速度与加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．物体的速度改变越快，其加速度也越大B．物体的速度越大，其加速度也越大C．物体的速度改变量越大，其加速度也越大D．物体的速度为零，其加速度一定为零考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度描述速度变化的快慢．加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．解答：解：A、加速度描述速度变化的快慢，物体的速度改变越快，其加速度也越大，故A 正确；B、速度大，加速度可以为零，比如匀速直线运动，故B错误；C、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故C错误；D、物体的速度为零，其加速度不一定为零，例如火箭发射的瞬间，故D错误；故选：A．点评：加速度是运动学中最重要的物理量，对它的理解首先抓住物理意义，其次是定义式，以及与其他物理量的关系．10．（5分）汽车从静止起做匀加速直线运动，速度达到v时立即做匀减速直线运动，最后停止，全部时间为t，则汽车通过的全部位移为（）A．v•tB．v•2tC．v•D．v•考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：已知初速度、末速度和时间，求位移，可以使用来求解．解答：解：汽车通过的全部位移为：；故总位移为：；故选：C点评：匀变速直线运动的公式选择是本题的关键，另外本题可以一题多解，比如先算时间，或者利用图象．二、实验题（共24分）11．（4分）小明同学骑自行车去上学，在途中发生事情而刹车．从开始刹车到停下来共用了5s，在这段时间内，自行车每1s前进的距离分别为18m、10m、6m、3m、1m．则小明在整个刹车过程中的平均速度为7.6m/s，小明在最后1s内的平均速度为1m/s．考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于物体发生的位移与发生这段位移所用时间的比值即，因此根据平均速度的定义即可正确解答．解答：解：根据题意，刹车5s内的位移为：x=18m+10m+6m+3m+1m=38m，因此其平均速度为：，最后1s内的位移为1米，同理根据平均速度公式有：故答案为：7.6m/s，1m/s．点评：本题考查了求平均速度问题，是一道基础题，熟练应用平均速度的定义式即可正确解答．12．（4分）在高空以500m/s的速度飞行的飞机；火车出站时在1min内速度由零增大到72km/h；小球下落到地板上在0.02s内速度由3m/s减小到零．以上3个物体中速度最大的是飞机，速度变化最快的是小球．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：加速度表示物体速度变化的快慢，根据加速度的定义式求解各个物体的加速度，比较速度变化的快慢．解答：解：据题：飞机的速度为v飞机=500m/s，加速度为0；火车的速度为v火车=72km/s=20m/s，加速度为a火车===小球的速度为v小球=3m/s，加速度a小球===150m/s2，所以飞机的速度最大；加速度最大的是小球，而加速度表示速度变化的快慢，所以速度变化最快的是小球．故答案为：飞机；小球点评：解决本题关键掌握加速度的物理意义和定义式，知道加速度表示物体速度变化的快慢．13．（4分）如图所示的速度图象表示一质点做匀加速直线运动，试根据图象带质点的初速度v0=2m/s，加速度为a=2m/s2．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象t=0时刻的速度即为初速度．斜率等于加速度，由数学知识求出斜率，得到加速度．解答：解：由图可知，质点的初速度v0=2m/s．加速度为a===2m/s2．故答案为：2m/s；2m/s2点评：速度图象反映物体的速度随时间的变化情况，由图象直接读出速度及其变化情况．图线的斜率等于加速度．14．（4分）某质点沿直线运动，其位移x和所用时间t满足方程2t2+5t=x，由此可知这个质点运动的初速度为5m/s，加速度为4m/s2．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点的初速度和加速度．解答：解：根据得，质点的初速度v0=5m/s，加速度a=4m/s2．故答案为：5，4点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用．15．（4分）某个自由下落的物体，可忽略空气阻力对其影响，到达地面时的速度为20m/s，由此可知，该物体是从20m高的地方下落的，落到地面用了2s的时间．（g取10m/s2）考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：物体做自由落体运动，知道末速度，可以用速度时间关系公式求解时间，再用位移时间关系公式求解位移．解答：解：物体做自由落体运动，知道末速度为20m/s，根据速度时间关系公式求，有v=gt代入数据解得根据位移时间关系公式，有故答案为：20，2．点评：本题关键明确物体的运动性质，然后灵活地选择运动学公式求解．16．（4分）在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，每5个打印点取一个计数点，分别标上0、1、2、3、4…量得0与1两点间的距离s1=30mm，3与4两点间的距离s4=48mm，则小车在0与1两点间平均速度为0.3m/s，小车的加速度为0.6m/s2．考点：打点计时器系列实验中纸带的处理．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用平均速度的定义可以求出两点之间的平均速度，利用匀变速直线运动的推论，可计算出纸带运动的加速度．解答：解：根据平均速度的定义可知小车在0与1两点间平均速度为：；根据匀变速直线运动的推论有：所以：．故答案为：0.3m/s，0.6m/s2．点评：题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．三、计算题（本题4小题，共26分）17．（6分）汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上发生滑动，产生明显的滑动痕迹，即常说的刹车线．由刹车线长短可以得知汽车刹车前的速度大小，因此刹车线的长度是分析交通事故的一个重要依据．若某汽车刹车后至停止的加速度大小为7m/s2，刹车线长为14m，求：（1）该汽车刹车前的初始速度v0的大小；（2）该汽车从刹车至停下来所用时间t．考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：已知物体运动过程的位移、加速度、末速度，求解初速度时，可以用位移速度关系式，然后用速度时间关系式解出运动时间．解答：解：（1）已知物体运动过程的位移s、加速度a、末速度零，可以用位移速度关系式：v t2﹣v02=2as有v02=﹣2as=﹣2×（﹣7）×14=142则：v0=14m/s（2）由速度时间关系式：v t=v0+at故：答：（1）该汽车刹车前的初始速度为14m/s；（2）该汽车从刹车至停下来所用时间为2s．点评：本题是匀变速直线运动的基本公式的直接应用，属于比较简单的题目，解题时要学会选择不同阶段重复使用同一个公式，这样很多问题就会迎刃而解了．18．（6分）一列火车做匀变速直线运动向站台驶来，一个人站在站台上，发现在相邻的两个10s内列车分别从他跟前驶过8节和6节车厢，每节车厢长8m，连接处长度不计．求火车加速度a和人开始计时时火车的速度．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，根据该规律求出火车的加速度．再根据匀变速直线运动的位移时间公式求出初速度．解答：解：在连续相等时间内的位移分别为64m，48m．根据△x=aT2得，a=．由得，答：（1）火车的加速度为﹣0.16m/s2．（2）人开始观察时火车速度的大小为7.2m/s．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的规律，会灵活运用运动学公式进行求解．19．（8分）从离地125m的空中由静止开始自由落下一个小球，取g=10m/s2，求：（1）经过多少时间小球落到地面；（2）从开始下落的时刻起，小球在第1s内的位移和最后1s内的位移．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动是初速度为零、加速度为零g的匀加速直线运动，由位移公式求解时间和位移．解答：解：（1）由x=gt2，得落地时间t==5 s．（2）第1 s内的位移：x1=gt=×10×12 m=5 m；因为从开始运动起前4 s内的位移为：x4=gt=×10×42 m=80m．所以最后1 s内的位移为：x10=x﹣x9=125m﹣80 m=45 m．答：（1）经过5s小球落到地面；（2）从开始下落的时刻起，小球在第1s内的位移为5m，最后1s内的位移为45m．点评：本题关键明确自由落体运动的运动性质，然后根据运动学公式列式求解，基础题．20．（8分）一列货车以8m/s的速度在铁路上行驶，由于调度事故，在后面600m处有一列快车以20m/s的速度在行驶，快车司机发觉后立即合上制动器，但快车要滑行2 000m才能停下来．试判断两车会不会相撞．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据速度位移公式求出快车的加速度，抓住两车速度相等时，根据两者的位移判断是否相撞．解答：解：快车刹车的加速度大小a=，两车速度相等经历的时间t=，此时货车的位移x1=v1t=8×120m=960m，快车的位移，因为x1+600＜x2，可知两车相撞．答：两车相撞．点评：本题考查了运动学中的追及问题，知道速度大者减速追及速度小者，判断两者是否相撞的临界情况是速度相等时是否相撞．。