【解析】2014-2015学年河南省平顶山市郏县一高高一(下)第一次周考物理试卷
河南省平顶山市郏县第一高级中学高一物理月考试卷带解析
河南省平顶山市郏县第一高级中学高一物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，小球m在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，下列说法中正确的有() A．小球通过最高点的最小速度为v＝B．小球在水平线ab以下管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力C．小球通过最高点的最小速度为0D．小球在水平线ab以上管道中运动时，内侧管壁对小球一定有作用力参考答案：BC2. 如图所示，小物体A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动则A的受力情况是（）A．受重力、支持力 B．受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C．重力、支持力、向心力、摩擦力 D．以上都不正确参考答案：B3. 如图所示，两个3/4圆弧轨道固定在水平地面上，半径R相同，A轨道由金属凹槽制成，B 轨道由金属圆管制成，均可视为光滑轨道。
在两轨道右侧的正上方将质量均为m的金属小球A和B由静止释放，小球距离地面的高度分别用hA和hB表示，则下列说法正确的是（）A．若hA=hB=R，则两小球都能上升到离地高度为R的位置B．若hA=hB=2R，则两小球在轨道最低点对轨道的压力为4mgC．适当调整hA和hB，均可使两小球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处D．若使小球沿轨道运动并且能从最高点飞出，A小球的最小高度为5R/2，B小球在hB ＞2R的任何高度均可参考答案：AD4. 一个做直线运动的物体，某时刻的速度是10m/s，那么，这个物体()A．在这个时刻之前0.1s内的位移一定是1mB．从这个时刻起1s内的位移一定是10mC．从这个时刻起10s内的位移可能是50mD．从这个时刻起做匀速直线运动，则100m的路程所用时间为10s参考答案：CD5. 一个质点从静止开始做匀加速直线运动，它在第3秒内与第6秒内通过的位移之比为x1 : x2，通过第3m与通过第6m时的平均速度之比为v1 : v2，则正确的是( )A . x1 : x2=5:11，v1 : v2=(-): (-)B. x1 : x2=1: 4，v1 : v2=1 :C. x1 : x2=5:11，v1 : v2=(+): (+)D. x1 : x2=1 : 4，v1 : v2=(-) : (-)参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 图6所示是探究某根弹簧的弹力F与伸长量x之间的关系图，由图可知，弹簧的劲度系数k＝ N/m；当弹力F＝6.0N时，弹簧的伸长量x＝ cm。
2017-2018学年河南省平顶山市郏县第一高级中学高一下学期第一次月考物理试题(解析版)
2017－2018学年河南省平顶山市郏县第一高级中学高一下学期第一次月考物理试题（解析版）一、选择题：【本题共15小题，卸小题4分；其中第3、11、12. 14、15题为多选题，对但不全的得2分，不选或有错选的0分：其余为单选题】1. 水平匀速飞行的飞机投弹，若不计空气阻力和风的影响，炸弹落地瞬间A. 飞机的位置在炸弹的前上方B. 飞机的位置在炸弹的后上方C. 飞机的位贾在炸弹的正上方D. 炸弹落地点在投弹处的正下方【答案】C【解析】试题分析：从水平匀速飞行的飞机上投下一颗炸弹，炸弹在空中做平抛运动，平抛运动的物体在水平方向做匀速直线运动，而飞机水平匀速飞行，所以炸弹落地时，飞机的位置在炸弹的正上方．故选C．考点：平抛运动【名师点睛】解答此题要知道水平匀速飞行的飞机投弹，炸弹在空中做平抛运动，根据平抛运动的规律即在水平方向做匀速直线运动求解。
2. 关于离心运动，下列说法正确的是A. 当物体受到离心力时产生离心现象B. 做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消央时，它将做背离圆心的圆周运动C. 做匀速圆周运动的物体，当它所受的--切力都突然消失时它将沿切线做匀速直线运动D. 做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时它将做曲线运动【答案】C【解析】A、离心力是不存在的，因为它没有施力物体．所以物体不会受到离心力，故A错误；BCD、惯性：当物体不受力或受到的合外力为零时，物体保持静止或匀速直线运动状态，所以做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消失时，由于惯性，物体继续保持该速度做匀速直线运动．故BD错误，C 正确。
点睛：物体做离心运动的条件：合外力突然消失或者不足以提供圆周运动所需的向心力，所有远离圆心的运动都是离心运动，但不一定沿切线方向飞出。
3. 关于平抛运动，下列说法正确的是A. 平抛运动是匀变速运动B. 平抛运动是变加速运动C. 平抛运动不可能是两个匀速直线运动的合运动D. 平抛运动中任意两段相等时间内速度变化相同【答案】ACD【解析】试题分析：平抛运动是匀变速运动，故A正确，B错误；平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，故C正确；因为平抛运动的加速度不变，则任意相等时间内速度的变化量相等．故D正确。
2015-2016学年河南省平顶山市高一(下)期末物理试卷(解析版)
2015-2016学年河南省平顶山市高一（下）期末物理试卷一、选择题（共13小题，每小题4分，满分52分）1．（4分）关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．变速运动一定是曲线运动C．曲线运动一定是变加速运动D．匀速运动可能是曲线运动2．（4分）加速度不变的运动（）A．一定是直线运动B．可能是匀速圆周运动C．可能是曲线运动D．若初速度不为零，一定是直线运动3．（4分）如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态，现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面，弹簧一直在弹性限度内，则（）A．两个阶段拉力做的功相等B．拉力做的总功等于A的重力势能的增加量C．第一阶段，拉力做的功大于A的重力势能的增加量D．第二阶段，拉力做的功大于A的重力势能的增加量4．（4分）关于1J的功，下列说法中正确的是（）A．把质量为1kg的物体，沿力F的方向移动1m，力F做的功等于1JB．把质量为1kg的物体，竖直匀速举高1m，举力所做的功等于1JC．把重1N的物体，沿水平方向移动1m，水平推力所做的功等于1JD．把重1N的物体，竖直匀速举高1m，克服重力所做的功等于1J5．（4分）美国的“大鸟”侦察卫星可以发现地面上边长仅为0.36m的方形物体，它距离地面高度仅有16km，理论和实践都表明：卫星离地面越近，它的分辨率就越高，那么分辨率越高的卫星（）A．向心加速度一定越大B．角速度一定越小C．周期一定越大D．速度一定越小6．（4分）如图所示，在倾角为θ的斜面上A点以水平速度v0抛出一个小球，不计空气阻力，它落到斜面上B点所用的时间为（）A．B．C．D．7．（4分）有两颗质量相同的人造卫星，其轨道半径分别是r A、r B，且r A=，那么下列判断中正确的是（）A．它们的周期之比T A：T B=1：4B．它们的线速度之比v A：v B=8：1C．它们所受的向心力之比F A：F B=8：1D．它们的角速度之比ωA：ωB=8：18．（4分）近年我国高速铁路技术得到飞速发展，武广高铁创造了世界最高营运时速390km/h的记录．下列说法错误的是（）A．减少路轨阻力，有利于提高列车最高时速B．当列车保持最高时速在水平铁轨上行驶时，其牵引力与阻力大小相等C．列车的最高时速取决于其最大功率、阻力及相关技术D．将列车车头做成流线形，减小空气阻力，有利于提高列车功率9．（4分）某人在距地面某一高处以初速度v0水平抛出一物体，落地速度大小为2v0，则它在空中的飞行时间及抛出点距地面的高度为（）A．，B．，C．，D．，10．（4分）如图所示，在粗糙斜面顶端固定一弹簧，其下端挂一物体，物体在A点处于平衡状态．现用平行于斜面向下的力拉物体，第一次直接拉到B点，第二次将物体先拉到C点，再回到B点．则这两次过程中，下列说法不正确的是（）A．重力势能改变量相等B．弹簧的弹性势能改变量相等C．摩擦力对物体做的功相等D．弹簧弹力对物体做功相等11．（4分）在光滑水平面上有一质量为2kg的物体，受几个共点力作用做匀速直线运动．现突然将与速度反方向的2N的力水平旋转90°，则关于物体运动情况的叙述正确的是（）A．物体做速度大小不变的曲线运动B．物体做加速度为m/s2的匀变速运动C．物体做速度越来越大的曲线运动D．物体做非匀变速曲线运动，其速度越来越大12．（4分）火星有两颗卫星，分别是火卫一和火卫二，它们的轨道近似为圆，已知火卫一的周期为7小时39分，火卫二的周期为30小时18分，则两颗卫星相比（）A．火卫一距火星表面较近B．火卫二的角速度较大C．火卫一的运动速度较大D．火卫二的向心加速度较大13．（4分）随着“神州九号”与“天宫一号”成功牵手，我国将于2020年前发射月球登陆器．月球登陆器返回时，先由月球表面发射后绕月球在近月圆轨道上飞行，经轨道调整后与在较高圆轨道上运行的轨道舱对接，对接完成后再经加速脱离月球飞回地球．下列关于此过程的描述，正确的是（）A．登陆器在近月圆轨道上运行的速度必须大于月球第一宇宙速度B．登陆器在近月圆轨道上必须加速才能与轨道舱对接C．登录器与轨道舱对接后的运动周期小于对接前登录器的运动周期D．登录器在近月圆轨道上飞行的速度大于轨道舱的运行速度二、实验题14．（7分）在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A．让小球多次从位置自由滚下，在一张印有小方格的纸记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置，如右图中a、b、c、d所示。
高三一模物理试题答案.docx
平顶山新乡许昌三地市2014届高三第一次调研测试理科综合物理试题参考答案及评分标准第I卷二、选择题:本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3 分，有选错的得。
分。
14. B 15. B 16. D 17. C 18. C 19. BC 20. AC 21. BD第II卷三、非选择题：包括必考题和选考题（一）必考题22.（6分（1）能（2分；（2）能（2分）；（3）小铁球在竖直方向上的运动不影响它在水平方向上的运动（或两小铁球在水平方向上的速度始终相同）（2分）合理即给分。
23.（9分（1）④如图甲和乙所示（4分）；（2）乙（1分；（3） 1.42 （2 分）,0.57 （2 分）。
qq V—v.4 V.U甲乙24.（13 分）解：当系统具有水平向右的加速度a = lm/s2时：设运动稳定时弹簧的伸长量为Ax”A、3间距为Li，F'的大小为Fi。
对 A,有：F—kAx[—iMi/^g=mAa①......... （2 分）对整体，有：F—R（/心+〃拍）g~F\=（m A+zn B）a ②............ （2 分）又有L^L+Axr③......... （2分）解得Fi=10N ④......... （1分）Li = 0.178m ⑤......... （1 分）当系统具有水平向左的加速度a=l m/s2时：设运动稳定时弹簧的伸长量为腿,A、B 间距为乙2，的大小为形。
对 A,有：k/\xi—^mAg — F=m A a ⑥......... （1 分）对整体，有：S A+»1B）g~P—（加A+"?B）a ⑦..................... （1 分）又有L.=L+Nx. ⑧ ............. （1分）解得F2=30N ⑨ ............. （1分）L2=0.202m ⑩… ........... （1 分）25.（19 分）解：装置下落时，两个金属板分别积聚正、负电荷成为一只带电的平行板电容器。
2017-2018学年河南省平顶山市郏县一高高一(下)第一次周考物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年河南省平顶山市郏县一高高一（下）第一次周考物理试卷一、选择题（，本大题共16小题．每小题4分．第1-11小题只有一项符合题目要求，第12-14小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一质点做曲线运动，在运动的某一位置，它的速度方向、加速度方向、以及所受的合外力的方向的关系是（）A．加速度方向与合外力的方向一定相同B．速度、加速度、合外力的方向有可能都不同C．加速度方向与速度方向一定相同D．速度方向与合外力方向可能相同，也可能不同考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当物体所受的合力方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动，不在同一条直线上，物体做曲线运动；加速度的方向与合力的方向相同．解答：解：AB、根据牛顿第二定律知，加速度的方向与合力的方向一定相同，故A正确，B错误；CD、物体做曲线运动，合力的方向与速度方向不在同一直线上，即合力方向与速度方向不同，则加速度方向与速度方向不同．故CD错误．故选：A点评：解决本题的关键掌握判断物体做直线运动还是曲线运动的方法，关键看加速度的方向与速度的方向是否在同一条直线上．2．在美国拉斯韦加斯当地时间2011年10月16日进行的印地车世界锦标赛的比赛中，发生15辆赛车连环撞车事故，两届印第安纳波利斯500赛冠军、英国车手丹•威尔顿因伤势过重去世．在比赛进行到第11圈时，77号赛车在弯道处强行顺时针加速超越是酿起这起事故的根本原因，下面四幅俯视图中画出了77号赛车转弯时所受的合力的可能情况，你认为正确的是（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：做曲线运动的物体，运动的轨迹是曲线，物体受到的合力应该是指向运动轨迹弯曲的内侧，速度沿着轨迹的切线的方向．解答：解：赛车做的是曲线运动，赛车受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车沿顺时针方向运动的，并且速度在增大，所以合力与赛车的速度方向的夹角要小于于90°，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：做曲线运动的物体，合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车的速度在增大，合力与速度的夹角还要小于90°．3．有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v的大河．小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直．去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为（）A．B．C．D．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：根据船头指向始终与河岸垂直，结合运动学公式，可列出河宽与船速的关系式，当路线与河岸垂直时，可求出船过河的合速度，从而列出河宽与船速度的关系，进而即可求解．解答：解：设船渡河时的速度为v c；当船头指向始终与河岸垂直，则有：t去=；当回程时行驶路线与河岸垂直，则有：t回=；而回头时的船的合速度为：v合=；由于去程与回程所用时间的比值为k，所以小船在静水中的速度大小为：v c=，故B正确；故选：B．点评：解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，以及知道各分运动具有独立性，互不干扰．4．人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A 到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是（）A．v0sin θB．C．v0cos θD．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，根据平行四边形定则求出A的实际运动的速度．解答：解：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度为：v=．故选：D．点评：解决本题的关键知道速度的合成与分解遵循平行四边形定则，注意会画出正确的速度的分解图．5．在平坦的垒球运动场上，击球手挥动球棒将垒球水平击出，垒球飞行一段时间后落地，若不计空气阻力，则（）A．垒球落地时瞬间速度的方向仅由击球点离地面的高度决定B．垒球落地时瞬间速度的大小仅由初速度决定C．垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定D．垒球在空中运动的水平位移仅由初速度决定考点：平抛运动．分析：垒球做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，分析时要抓住两个方向上运动的时间相同．解答：解：A、垒球落地时瞬时速度与水平方向夹角的正切tanθ==，所以垒球落地时瞬时速度的方向与击球点离地面的高度和球的初速度都有关，故A错误．B、落地时的瞬时速度的大小为v==，所以垒球落地时瞬时速度的大小既与初速度有关，也与高度有关，故B错误．C、垒球做平抛运动，竖直方向上做自由落体运动，由h=，得t=，则知垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定，故C正确．D、垒球在空中运动的水平位移x=v0t=v0，所以垒球在空中运动的水平位移与击球点离地面的高度和球的初速度都有关，故D错误．故选：C．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，运用运动学规律来求解．6．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为（）A．tanθB．2tanθC．D．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，根据速度与斜面垂直，得出水平分速度与竖直分速度的比值，从而得出小球在竖直位移与在水平方向位移之比．解答：解：球撞在斜面上，速度方向与斜面垂直，则速度方向与竖直方向的夹角为θ，则有：tanθ=，竖直方向上和水平方向上的位移比值为=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题是有条件的平抛运动，关键要明确斜面的方向反映了速度方向与竖直方向的夹角，将速度进行分解，再运用平抛运动的规律解决这类问题．7．如图所示，在一次空地演习中，离地H高处的飞机以水平速度v1发射一颗炮弹欲轰炸地面目标P，反应灵敏的地面拦截系统同时以速度v2竖直向上发射炮弹拦截．设拦截系统与飞机的水平距离为s，若拦截成功，不计空气阻力，则v1、v2关系应满足（）A．v1=v2B．v1=v2C．v1=v2D．v1=v2考点：平抛运动；竖直上抛运动．专题：平抛运动专题．分析：若拦截成功，竖直上抛的炮弹和平抛的炮弹运动时间相等，在竖直方向上的位移之和等于H，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．解答：解：炮弹运行的时间t=，在这段时间内飞机发射炮弹在竖直方向上的位移为：h1=，拦截炮弹在这段时间内向上的位移为：h2=v2t﹣，则H=h1+h2=v2t，所以有：v1=．故选：D．点评：解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道竖直上抛运动加速度不变，是匀变速直线运动．8．如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的初速v同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为37°和53°，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A 和B两小球的运动时间之比为（）A．3：4 B．4：3 C．9：16 D．16：9考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：两球都落在斜面上，位移上有限制，位移与水平方向的夹角为定值，竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，由此可正确解答．解答：解：对于A球有：，解得：同理对B有：由此解得：，A、B、d错误，C正确．故选C．点评：解决本题的关键抓住平抛运动落在斜面上竖直方向上的位移和水平方向上的位移是定值．9．（4分）如图所示，天车下吊着两个质量都是m的工件A和B，整体一起向左匀速运动．系A的吊绳较短，系B的吊绳较长，若天车运动到某处突然停止，此后A和B两工件的向心加速度a A和a B的大小关系是（）A．a A=a B B．a A＞a B C．a A＜a B D．无法比较考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：天车运动到P处突然停止时，A、B由于惯性，要继续运动，将做圆周运动，根据a=判定加速度大小．解答：解：天车运动到P处突然停止时，A、B以相同的速度将做圆周运动，a==，因为A的绳长小于B的绳长，则A的加速度大于B的加速度，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键能够判断出天车突然停止时A、B的运动情况，以及知道圆周运动径向的合力提供向心力．10．（4分）飞机在空中做匀速圆周运动表演时，下列说法正确的是（）A．飞机必须受到恒力的作用B．飞机所受合力必须等于零C．飞机所受合力的大小可能变化D．飞机所受合力的大小不变，方向时刻改变考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动指速度大小不变的圆周运动，其周期和角速度都是不变的，但是线速度的方向不断改变，合外力指向圆心，大小不变，向时刻变化．解答：解：飞机在空中做匀速圆周运动表演时，由合外力提供向心力，向心力的方向始终指向圆心，时刻改变，大小不变，故ABC错误，D正确；故选：D．点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．11．如图所示，有一个水平大圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动，小强站在距圆心为r处的P点不动，关于小强的受力下列说法正确的是（）A．小强在P点不动，因此不受摩擦力作用B．若使圆盘以较小的转速转动时，小强在P点受到的摩擦力为零C．小强随圆盘做匀速圆周运动，圆盘对他的摩擦力充当向心力D．如果小强随圆盘一起做变速圆周运动，那么其所受摩擦力仍指向圆心考点：向心力；摩擦力的判断与计算．专题：匀速圆周运动专题．分析：小强随圆盘做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，分析小强的受力情况，确定其所受的摩擦力方向．解答：解：A、B、C、以小强为研究对象，小强受到：重力、支持力和静摩擦力，受力如图所示，小强相对圆盘静止，与圆盘一起做匀速圆周运动，所需要的向心力在水平面内指向圆心，重力G 与支持力F N在竖直方向上，G与F N二力平衡，不可能提供向心力，因此小强作圆周运动的向心力由静摩擦力f提供．故AB错误，C正确．D、若小强随圆盘一起做变速圆周运动，则小强沿圆周有切向的分加速度，需要有切向的外力，这个切向外力是由摩擦力的分力提供向心力，摩擦力的另一个分力提供向心力，所以此时摩擦力不再指向圆心．故D错误．故选：C．点评：本题关键对做圆周运动的物体进行受力分析，明确做匀速圆周运动的物体需要向心力，向心力是效果力，它由物体所受的合外力提供．12．在光滑杆上穿着两个小球m1、m2，且m1=2m2，用细线把两球连起来，当盘架匀速转动时，两小球刚好能与杆保持无相对滑动，如右图所示，此时两小球到转轴的距离r1与r2之比为（）A．1：1 B．1：C．2：1 D．1：2考点：向心力；牛顿第二定律；线速度、角速度和周期、转速．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：两小球所受的绳子的拉力提供向心力，并且它们的加速度相等，根据向心力公式即可求解．解答：解：两小球所受的绳子的拉力提供向心力，所以向心力相等，角速度又相等，则有：m1ω2r1=m2ω2r2解得：r1：r2=1：2故选D点评：本题主考考查了向心力公式的应用，知道两小球的角速度和向心力相等．13．关于匀速圆周运动的说法，正确的是（）A．匀速圆周运动的速度大小保持不变，所以做匀速圆周运动的物体没有加速度B．做匀速圆周运动的物体，虽然速度大小不变，但方向时刻都在改变，所以必有加速度C．做匀速圆周运动的物体，加速度的大小保持不变，所以是匀变速曲线运动D．匀速圆周运动加速度的方向时刻都在改变，所以匀速圆周运动一定是变加速曲线运动考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动；加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．解答：解：A、B、匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，故速度是变化的，一定是变速运动，一定具有加速度，故A错误，B正确；C、D、匀速圆周运动加速度大小不变，方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动，故C错误，D正确；故选：BD．点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．14．（4分）一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A 和B沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（）A．A球的角速度必小于B球的角速度B．A球的线速度必小于B球的线速度C．A球的运动周期必大于B球的运动周期D．A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．解答：解：A、以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受力如图所示，由牛顿第二定律得：mgtanθ=m，解得：v=，则ω==，T==2π，由图示可知，对于AB两个球来说，重力加速度g与角θ相同，A的转动半径大，B的半径小，因此，A的角速度小于B的角速度，A的线速度大于B的线速度，A的周期大于B的周期，故AC正确，B错误；D、由受力分析图可知，球受到的支持力F N=，由于两球的质量m与角度θ相同，则桶壁对AB两球的支持力相等，由牛顿第三定律可知，两球对桶壁的压力相等，故D错误；故选：AC．点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析．15．在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t=0时刻起，由坐标原点O（0，0）开始运动，其沿x轴和y轴方向运动的速度﹣时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2s内物体沿x轴做匀速线运动B．后2s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y轴方向C．4s末物体坐标为（4m，4m）D．4s末物体坐标为（6m，2m）考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：通过甲乙图象得出物体在x轴方向和y方向上的运动规律，从而得出合运动的规律，结合图线与时间轴围成的面积分别求出分位移的大小，从而确定4s末物体的坐标．解答：解：A、由甲乙图象可知，前2 s内物体沿x轴做匀加速直线运动，在沿y方向静止，所以前2s内做匀变速直线运动．故A错误．B、后2 s内物体在x方向以2m/s做匀速运动，在y方向做初速为零的匀加速运动，其合运动为匀变速曲线运动，故B错误；C、4 s末物体在x方向的位移为，y方向的位移为，则物体的位置坐标为（6 m，2 m），故D正确，C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道合运动与分运动具有等时性，两分运动互不干扰，合成和分解遵循平行四边形定则．16．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v 沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（）A．球的速度v等于LB．球从击出至落地所用时间为C．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：网球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．解答：解：A、网球做的是平抛运动，在水平方向上匀速直线运动：L=vt在竖直方向上，小球做自由落体运动：H=gt2代入数据解得：v=，t=，所以AB正确．C、位移是指从初位置到末位置的有向线段，初位置是在球网正上方距地面H处，末位置是在底线上，所以位移的大小为，与球的质量无关，所以CD错误．故选：AB．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．位移一定要注意是从初位置到末位置的由向线段，与物体的路径无关．三.计算题（本大题4道题，共36分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．有一种叫“飞椅”的游乐项目，示意图如图所示，长为L的钢绳一端系着座椅，另一端固定在半径为r的水平转盘边缘，转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动．当转盘以角速度ω匀速转动时，钢绳与转轴在同一竖直平面内，与竖直方向的夹角为θ，不计钢绳的重力，求转盘转动的角速度ω与夹角θ的关系．考点：向心力；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：对飞椅受力分析，求得椅子受到的合力的大小，根据向心力的公式可以求得角速度ω与夹角θ的关系．解答：解：对飞椅受力分析：重力mg和钢绳的拉力F，由合力提供向心力，则根据牛顿第二定律得：竖直方向上：Fcosθ=mg水平方向上：Fsinθ=mω2R其中R=Lsinθ+r解得：ω==答：转盘转动的角速度ω与夹角θ的关系为：ω=．点评：飞椅做的是圆周运动，确定圆周运动所需要的向心力是解题的关键，向心力都是有物体受到的某一个力或几个力的合力来提供，在对物体受力分析时一定不能分析出物体受向心力这么一个单独的力．18．如图，置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动，当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动．现测得转台半径R=0.5m，离水平地面的高度H=0.8m，物块平抛落地过程水平位移的大小s=0.4m．设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）物块做平抛运动的初速度大小v0；（2）物块与转台间的动摩擦因数μ．考点：动能定理的应用；平抛运动．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平方向和竖直方向上的运动规律求出平抛运动的初速度．（2）当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动．根据静摩擦力提供向心力，通过临界速度求出动摩擦因数．解答：解：（1）物块做平抛运动，在竖直方向上有：…①在水平方向上有：s=v0t…②由①②得：（2）物块离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有：…③f m=μN=μmg…④由③④式解得：μ===0.2答：（1）物块做平抛运动的初速度大小为1m/s．（2）物块与转台间的动摩擦因数μ为0.2．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及知道物块随转台一起做圆周运动，靠静摩擦力提供向心力．19．《愤怒的小鸟》是一款时下非常流行的游戏，游戏中的故事也相当有趣，如图甲，为了报复偷走鸟蛋的肥猪们，鸟儿以自己的身体为武器，如炮弹般弹射出去攻击肥猪们的堡垒．某班的同学们根据自己所学的物理知识进行假设：小鸟被弹弓沿水平方向弹出，如图乙所示，若h1=0.8m，l1=2m，h2=2.4m，l2=1m，小鸟飞出能否直接打中肥猪的堡垒？请用计算结果进行说明．（取重力加速度g=10m/s2）考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，假设能直接击中，结合平抛运动的规律求出初速度的大小，从而得出下降h1高度时的位移，判断能否直接击中．解答：解：设小鸟以v0弹出能直接击中堡垒，根据得，t=，则水平初速度．根据得，，则水平位移x1=v0t1=3.75×0.4m=1.5m＜l1．知小鸟飞出不能直接打中肥猪的堡垒．答：小鸟飞出不能直接打中肥猪的堡垒．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．。
河南省平顶山市郏县一高高一物理下学期期末试卷(含解析)
2015-2016学年河南省平顶山市郏县一高高一（下）期末物理试卷一、选择题（本题共16小题，每小题3分，满分48分，其中第1-10题为单选，其他为多选题，多选题全部选对得3分，选对部分得2分，有错选或不选的得0分）1．在物理学发展的过程中，科学家总结了许多重要的物理学思想与方法．下列有关物理学思想与方法的描述中正确的是（）A．在验证力的合成法则的实验中利用了控制变量法的思想B．库仑在研究电荷间的相互作用时，利用了微小量放大法的思想C．在研究加速度与合外力、质量的关系的实验中，利用了等效替代的思想D．在研究物体的运动时，把物体视为一个有质量的“点”，即质点，利用了假设法的思想2．一个物体受到恒定的合力作用而做曲线运动，则下列说法正确的是（）A．物体的速率可能不变B．物体一定做匀变速曲线运动，且速率一定增大C．物体可能做匀速圆周运动D．物体受到的合力与速度的夹角一定越来越小3．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递增（）的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）A．B．C．D．4．如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B两点，已知MA=AB=BN，下列说法正确的是（）A．A、B两点电势相等B．A、B两点场强相同C．将一正电荷从A点移到B点，电场力做负功D．负电荷在A点的电势能大于在B点的电势能5．如图所示，某人向对面的山坡上水平抛出两个质量不等的石块，分别落到A、B两处．不计空气阻力，则落到B处的石块（）A．初速度大，运动时间长 B．初速度大，运动时间短C．初速度小，运动时间长 D．初速度小，运动时间短6．无级变速是在变速范围内任意连续地改变转速，性能优于传统的档位变速器．如图是截锥式无级变速模型示意图，两个锥轮中间有一个滚轮，主动轮、滚轮、从动轮之间靠着彼此之间的摩擦力带动．当位于主动轮与从动轮之间的滚轮从左向右移动时从动轮转速降低，滚轮从右向左移动时从动轮转速增加．当滚轮位于主动轮直径D1，从动轮直径D2的位置上时，主动轮转速n1，从动轮转速n2之间的关系是（）A．B．C．D．7．如图所示，一个匀速转动的半径为r的水平圆盘上放着两个木块，木块M放在圆盘的边缘处，木块N放在离圆心r处，木块M和N质量之比为1：3，且与圆盘摩擦因数相等，它们都随圆盘一起做匀速圆周运动．下列说法中正确的是（）A．M、N两木块的线速度大小相等B．M所受摩擦力小于N所受的摩擦力C．M的向心加速度是N的3倍D．若圆盘运动加快，N相对于圆盘先发生相对运动8．月球与地球质量之比约为1：80，有研究者认为月球和地球可视为一个由两质点构成的双星系统，他们都围绕地球与月球连线上某点O做匀速圆周运动．据此观点，可知月球与地球绕O点运动线速度大小之比约为（）A．1：6400 B．1：80 C．80：1 D．6400：19．如图所示，运输人员要把质量为m的体积较小的木箱拉上汽车，现将长为L的木板搭在汽车的尾部与地面之间，构成一个固定的斜面，然后用平行斜面的力将木箱匀速拉上汽车，斜面与水平地面成30°角，木箱与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则此过程拉力做功为（）A．mg B． mgL（1+2μ）C． mgL（1+μ）D． mgL（2+μ）10．关于机械能是否守恒的叙述，正确的是（）A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B．做变速运动的物体机械能不可能守恒C．外力对物体做功为零时，机械能一定守恒D．若只有重力对物体做功，做体的机械能一定守恒11．以速度v o水平抛出一小球，如果从抛出到某时刻小球的水平分位移大小是竖直分位移大小的2倍，以下判断正确的是（）A．此时小球的竖直分速度大小等于水平分速度大小B．此时小球的速度大小为v oC．此时小球速度的方向与位移的方向相同D．小球运动的时间为12．如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球，在水平拉力F作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点的过程中（）A．小球的机械能保持不变B．小球受的合力对小球不做功C．小球克服重力做功的瞬时功率逐渐增大D．水平拉力F的瞬时功率逐渐减小13．如图所示，人站在自动扶梯的水平台阶上，假定沿扶梯一起加速上升，在这个过程中（）A．人受到的摩擦力等于零，对人不做功B．人受到的摩擦力水平向左，对人做正功C．人受到支持力对人不做功D．人受到的合力对人做正功14．2013年12月2日1时30分，搭载月球车和着陆器的嫦娥三号月球探测器从西昌卫星发射中心升空，飞行约18min后，嫦娥三号进入如下图所示的地月转移轨道AB，A为入口点，B为出口点，嫦娥三号在B点经过近月制动，进入距离月面h=100公里的环月圆轨道，其运行的周期为T；然后择机在月球虹湾地区实行软着陆，展开月面巡视勘察．若以R表示月球半径，忽略月球自转及地球对它的影响．下列说法正确的是（）A．嫦娥三号在环绕地球近地圆轨道运行的速度等于7.9km/sB．嫦娥三号在环绕地球近地圆轨道运行时，处于完全失重状态，故不受重力C．月球表面的重力加速度大小为D．月球的第一宇宙速度为15．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子必定带正电荷B．粒子在M点的电势能小于它在N点的电势能C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能16．用力将重物竖直提起，先是从静止开始匀加速上升，紧接着匀速上升，如果前后两过程的运动时间相同，不计空气阻力，则（）A．加速过程中拉力做的功比匀速过程中拉力做的功多B．匀速过程中拉力做的功一定比加速过程中拉力做的功多C．匀速过程中拉力做的功可能比加速过程中拉力做的功多D．两过程中拉力做的功一样多二、填空题（每空3分，满分9分）17．某科学兴趣小组利用下列装置验证小球平抛运动规律，设计方案如图甲所示，用轻质细线拴接一小球在悬点O正下方有水平放置的炽热的电热丝P，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断；MN为水平木板，已知悬线长为L，悬点到木板的距离OO′=h（h＞L）．（1）电热丝P必须放在悬点正下方的理由是：．（2）将小球向左拉起后自由释放，最后小球落到木板上的C点，O′C=x，则小球做平抛运动的初速度为v0= ．（3）在其他条件不变的情况下，若改变释放小球时悬线与竖直方向的夹角θ，小球落点与O′点的水平距离x将随之改变，经多次实验，以x2为纵坐标、cosθ为横坐标，得到如图乙所示图象．则当θ=30°时，x为 m．三、计算题（满分43分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18．某人在离地面h=20m高处以水平速度v0=15m/s抛出一个质量m=1kg的小球，不计空气阻力，g取10m/s2．求：（1）小球在空中飞行的时间？（2）小球落地点离抛出点的水平位移？（3）小球在落地签瞬间重力的瞬时功率是多少？19．汽车发动机的额定功率为60kW，在平直公路上行驶的最大速度为12m/s，汽车质量为5000kg，若汽车从静止开始先做加速度为0.5m/s2的匀加速直线运动，达到额定功率后以额定功率行驶，又运动了80米，速度达到最大．（设运动过程中阻力不变），试求：（1）汽车受到的阻力大小；（2）汽车匀加速直线运动的持续时间；（3）从开始到最大速度的总时间．20．如图所示，倾角37°的斜面上，轻弹簧一端固定在A点，自然状态时另一端位于B点．斜面上方有一半径R=1m、圆心角等于143°的竖直圆弧形光滑轨道与斜面相切于D处，圆弧轨道的最高点为M．用质量为m1=6.3kg的物块将弹簧缓慢压缩至C点，由静止释放后弹簧恢复原长时物块到B点速度恰好减小为0．用同种材料、质量为m2=0.3kg的另一小物块将弹簧缓慢压缩到C点后由静止释放，物块经过B点后的位移与时间的关系为x=8t﹣4t2（x单位：m，t单位：s），若物块经过D点后恰能到达M点，重力加速度g=m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）物块与斜面间的动摩擦因数；（2）BD间的距离l BD；（3）m2从被释放至运动到M点的过程中克服摩擦力做的功W．2015-2016学年河南省平顶山市郏县一高高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共16小题，每小题3分，满分48分，其中第1-10题为单选，其他为多选题，多选题全部选对得3分，选对部分得2分，有错选或不选的得0分）1．在物理学发展的过程中，科学家总结了许多重要的物理学思想与方法．下列有关物理学思想与方法的描述中正确的是（）A．在验证力的合成法则的实验中利用了控制变量法的思想B．库仑在研究电荷间的相互作用时，利用了微小量放大法的思想C．在研究加速度与合外力、质量的关系的实验中，利用了等效替代的思想D．在研究物体的运动时，把物体视为一个有质量的“点”，即质点，利用了假设法的思想【考点】物理学史．【分析】在探究求合力方法的实验中使用等效替代的方法；质点是物理模型的方法；库伦在研究电荷间的相互作用时，利用了微小量放大法的思想；在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法．【解答】解：A、在验证力的合成法则的实验中利用了等效替代法的思想．故A错误．B、库伦在研究电荷间的相互作用时，利用了微小量放大法的思想，故B正确．C、在研究加速度与合外力、质量的关系的实验中，利用了控制变量法的思想，故C错误．D、在研究物体的运动时，把物体视为一个有质量的“点”，即质点，利用了理想模型法．故D错误．故选：B2．一个物体受到恒定的合力作用而做曲线运动，则下列说法正确的是（）A．物体的速率可能不变B．物体一定做匀变速曲线运动，且速率一定增大C．物体可能做匀速圆周运动D．物体受到的合力与速度的夹角一定越来越小【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，若合力恒定，比如：平抛运动，由此可以分析得出结论．【解答】解：恒定的合力作用而做曲线运动，因此合力与速度不共线，可将合力进行分解成速度方向及速度垂直的方向，A、物体的速率一定变化，故A错误；B、物体一定做匀变速曲线运动，且速率不一定增大，比如斜抛运动，故B错误；C、若物体做匀速圆周运动，则合力的方向在不断改变，故C错误；D、物体受到的合力与速度的夹角一定越来越小，但总不可能为零，故D正确；故选：D3．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递增（）的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）A．B．C．D．【考点】电场强度；向心力．【分析】根据物体做曲线运动的条件和受力特点分析电荷受的电场力方向，再由负电荷所受的电场力方向与场强方向相反进行选择．【解答】解：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A错误．B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题相符．故B正确．C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，不符合题意．故D错误．故选B4．如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B两点，已知MA=AB=BN，下列说法正确的是（）A．A、B两点电势相等B．A、B两点场强相同C．将一正电荷从A点移到B点，电场力做负功D．负电荷在A点的电势能大于在B点的电势能【考点】电场强度．【分析】沿着电场线电势逐渐降低，电场强度可以用电场线形象描述；电场力做正功，电势能减小．【解答】解：A、MN间电场线从M到N，沿着电场线电势逐渐降低，故A点电势高与B点电势，故A错误；B、电场中A、B两点的电场线疏密程度相同，方向相同，故A、B两点的电场强度相同，故B正确；C、将一正电荷从A点移到B点，电场力向右，做正功，电势能减小，故C错误；D、将一个负电荷从A移到B，电场力向左，做负功，故电势能增加，故D错误；故选B．5．如图所示，某人向对面的山坡上水平抛出两个质量不等的石块，分别落到A、B两处．不计空气阻力，则落到B处的石块（）A．初速度大，运动时间长 B．初速度大，运动时间短C．初速度小，运动时间长 D．初速度小，运动时间短【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合时间和水平位移比较初速度的大小．【解答】解：小球落在B处的高度低，根据h=知，运动时间短，但是水平位移大，则初速度大．故B正确，A、C、D错误．故选B．6．无级变速是在变速范围内任意连续地改变转速，性能优于传统的档位变速器．如图是截锥式无级变速模型示意图，两个锥轮中间有一个滚轮，主动轮、滚轮、从动轮之间靠着彼此之间的摩擦力带动．当位于主动轮与从动轮之间的滚轮从左向右移动时从动轮转速降低，滚轮从右向左移动时从动轮转速增加．当滚轮位于主动轮直径D1，从动轮直径D2的位置上时，主动轮转速n1，从动轮转速n2之间的关系是（）A．B．C．D．【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】主动轮、滚轮、从动轮之间靠着彼此之间的静摩擦力带动，边缘上的点线速度相等，抓住线速度相等，根据转速与转动半径的关系求出主动轮和从动轮转速的关系．【解答】解：角速度ω=2πn，则主动轮的线速度v1==πD1n1从动轮的线速度v2==πD2n2因为主动轮和从动轮的线速度相等，则πD1n1=πD2n2，所以n2=，故ABC错误，D正确．故选：D．7．如图所示，一个匀速转动的半径为r的水平圆盘上放着两个木块，木块M放在圆盘的边缘处，木块N放在离圆心r处，木块M和N质量之比为1：3，且与圆盘摩擦因数相等，它们都随圆盘一起做匀速圆周运动．下列说法中正确的是（）A．M、N两木块的线速度大小相等B．M所受摩擦力小于N所受的摩擦力C．M的向心加速度是N的3倍D．若圆盘运动加快，N相对于圆盘先发生相对运动【考点】向心力；向心加速度．【分析】对小木块进行运动分析和受力分析，做匀速圆周运动，合力等于向心力，指向圆心．物块与圆盘一起运动，角速度相等，靠摩擦力提供向心力【解答】解：A、物块与圆盘一起运动，角速度相等，半径不同，则线速度不等，故A错误；B、摩擦力提供向心力：f=mω2r，木块M和N质量之比为1：3，半径之比3：1，可见摩擦力相等，故B错误；C、向心加速度a=ω2r，ω相同，则向心加速度之比等于半径之比，M的向心加速度是N的3倍，C正确；D、由前面分析知二者所受的摩擦力一直相等，但M的质量小，故M最先达到最大静摩擦力，相对于圆盘先发生相对运动，故D错误；故选：C8．月球与地球质量之比约为1：80，有研究者认为月球和地球可视为一个由两质点构成的双星系统，他们都围绕地球与月球连线上某点O做匀速圆周运动．据此观点，可知月球与地球绕O点运动线速度大小之比约为（）A．1：6400 B．1：80 C．80：1 D．6400：1【考点】万有引力定律及其应用．【分析】两颗质量可以相比的恒星相互绕着旋转的现象，叫双星．双星问题是万有引力定律在天文学上的应用的一个重要内容．一、要明确双星中两颗子星做匀速圆周运动的向心力来源双星中两颗子星相互绕着旋转可看作匀速圆周运动，其向心力由两恒星间的万有引力提供．由于力的作用是相互的，所以两子星做圆周运动的向心力大小是相等的，利用万有引力定律可以求得其大小．二、要明确双星中两颗子星匀速圆周运动的运动参量的关系两子星绕着连线上的一点做圆周运动，所以它们的运动周期是相等的，角速度也是相等的，所以线速度与两子星的轨道半径成正比．三、要明确两子星圆周运动的动力学关系．要特别注意的是在求两子星间的万有引力时两子星间的距离不能代成了两子星做圆周运动的轨道半径．本题中地月系统构成双星模型，向心力相等，根据万有引力提供向心力，可以列式求解．【解答】解：月球和地球绕O做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供各自的向心力，则地球和月球的向心力相等．且月球和地球和O始终共线，说明月球和地球有相同的角速度和周期．因此有mω2r=Mω2R又由于v=ωr所以即线速度和质量成反比；故选C．9．如图所示，运输人员要把质量为m的体积较小的木箱拉上汽车，现将长为L的木板搭在汽车的尾部与地面之间，构成一个固定的斜面，然后用平行斜面的力将木箱匀速拉上汽车，斜面与水平地面成30°角，木箱与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则此过程拉力做功为（）A．mg B． mgL（1+2μ）C． mgL（1+μ）D． mgL（2+μ）【考点】功的计算．【分析】对木箱受力分析，受到拉力、重力以及摩擦力，对把木箱拉上汽车的过程，应用动能定理列式即可求解拉力做的功．【解答】解：对把木箱拉上汽车的过程，应用动能定理得：0﹣0=W F﹣mgh﹣μmgcos30°L，其中h=Lsin30带入数据解得：W F=mgL（1+μ），故C正确．故选：C10．关于机械能是否守恒的叙述，正确的是（）A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B．做变速运动的物体机械能不可能守恒C．外力对物体做功为零时，机械能一定守恒D．若只有重力对物体做功，做体的机械能一定守恒【考点】机械能守恒定律．【分析】根据机械能守恒的定义和条件分析答题，只有重力或弹力做功，物体的机械能守恒．【解答】解：A、做匀速直线运动的物体机械能不一定守恒，如匀速下降的降落伞机械能减少，机械能不守恒，故A错误；B、做变速运动的物体机械能可能守恒，如自由落体运动，故B错误；C、外力做功为零，机械能不一定守恒，如在空中匀速下落的物体，外力对物体做功为零，机械能不守恒，故C错误；D、若只有重力对物体做功，物体的机械能一定守恒，故D正确；故选：D．11．以速度v o水平抛出一小球，如果从抛出到某时刻小球的水平分位移大小是竖直分位移大小的2倍，以下判断正确的是（）A．此时小球的竖直分速度大小等于水平分速度大小B．此时小球的速度大小为v oC．此时小球速度的方向与位移的方向相同D．小球运动的时间为【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住竖直位移和水平位移的关系，列式求出平抛运动的时间，从而求出竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球的速度．【解答】解：A、B、据题有：v0t=2×，得运动时间为：t=小球的竖直分速度大小为：v y=gt=v0，即竖直分速度大小等于水平分速度大小，故AD正确．B、此时小球的速度大小为：v=，故B错误．C、速度与水平方向的夹角正切为：tanα==1，位移与水平方向的夹角为：tanβ==，则α≠β，即小球速度的方向与位移的方向不同，故C错误．故选：AD12．如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球，在水平拉力F作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点的过程中（）A．小球的机械能保持不变B．小球受的合力对小球不做功C．小球克服重力做功的瞬时功率逐渐增大D．水平拉力F的瞬时功率逐渐减小【考点】机械能守恒定律．【分析】小球匀速率运动，对其受力分析，受拉力F、重力G、绳子的拉力T，根据功能关系列式求解．【解答】解：A、小球匀速率运动，重力势能增加，动能不变，故机械能增加，故A错误；B、小球匀速率运动，动能不变，根据动能定理，合力做功为零，故B正确；C、重力不变，速度方向与重力的夹角不断增加（大于90度），故根据P=Gvcosθ，重力的瞬时功率的绝对值不断增大，故C正确；D、小球匀速率运动，合力的功率为零，匀速率运动，小球克服重力做功的瞬时功率不断增加，拉力T不做功，故拉力F的功率不断增加；故D错误；故选：BC13．如图所示，人站在自动扶梯的水平台阶上，假定沿扶梯一起加速上升，在这个过程中（）A．人受到的摩擦力等于零，对人不做功B．人受到的摩擦力水平向左，对人做正功C．人受到支持力对人不做功D．人受到的合力对人做正功【考点】功的计算．【分析】自动扶梯上的人随扶梯斜向上做加速运动，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向，根据牛顿第二定律结合做功公式即可求解．【解答】解：设斜面坡角为θ，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向得：a x=acosθ，方向水平向右；a y=asinθ，方向竖直向上；A、水平方向受静摩擦力作用，f=ma=macosθ，水平向左，运动的位移为x，则W=fxcosθ＞0，做正功，故A错误，B正确；C、竖直方向N﹣mg=a y=asinθ，竖直向上，则支持力做的功W′=（gsinθ+mg）xsinθ＞0，做正功，故C错误；D、人做加速运动，速度增大，则动能增大，根据动能定理可知，合外力做正功，故D正确．故选：BD14．2013年12月2日1时30分，搭载月球车和着陆器的嫦娥三号月球探测器从西昌卫星发射中心升空，飞行约18min后，嫦娥三号进入如下图所示的地月转移轨道AB，A为入口点，B为出口点，嫦娥三号在B点经过近月制动，进入距离月面h=100公里的环月圆轨道，其运行的周期为T；然后择机在月球虹湾地区实行软着陆，展开月面巡视勘察．若以R表示月球半径，忽略月球自转及地球对它的影响．下列说法正确的是（）A．嫦娥三号在环绕地球近地圆轨道运行的速度等于7.9km/sB．嫦娥三号在环绕地球近地圆轨道运行时，处于完全失重状态，故不受重力C．月球表面的重力加速度大小为D．月球的第一宇宙速度为【考点】万有引力定律及其应用．【分析】携带月球车的着陆器在月球上着陆过程中，先加速下降再减速下降，故先失重再超重．根据万有引力提供向心力；忽略月球自转及地球对它的影响，重力等于万有引力，联立解得物体在月球表面自由下落的加速度．月球的第一宇宙速度就是近月卫星的运行速度，根据重力提供向心力，代入数据化简可得第一宇宙速度．【解答】解：A、嫦娥三号在环绕地球近地圆轨道运行的速度等于第一宇宙速度，即7.9km/s，故A正确；B、嫦娥三号在环绕地球近地圆轨道运行时，处于完全失重状态，但仍受重力，故B错误C、嫦娥三号在B点经过近月制动，进入距离月面h=100公里的环月圆轨道，根据万有引力提供向心力；忽略月球自转及地球对它的影响，在月球表面重力等于万有引力，由以上两式可得重力加速度为，故C正确；D、月球的第一宇宙速度就是近月卫星的运行速度，根据重力提供向心力，解得：，故D错误；故选：AC．15．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子必定带正电荷B．粒子在M点的电势能小于它在N点的电势能C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能【考点】电场线；动能定理的应用；电势；电势能．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、由电荷的运动轨迹可知，电荷的受力沿着电场线的方向，所以电荷为正电荷，所以A正确．。
河南省平顶山市郏县一高高二物理上学期第一次周考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
河南省平顶山市郏县一高 2015～2016 学年度高二上学期第一次周考物理试卷一、选择题〔，本大题共16小题．每一小题4分．第10小题只有一项符合题目要求，第116小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0 分．〕1．2013 年1 月15日上午10 时许，陕西省蒲城县某花炮厂发生爆炸，爆炸没有造成人员伤亡，初步断定是因空气枯燥，炸药堆放时间过长，由静电引发了爆炸．摩擦可以产生静电，原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10﹣15C ，丙物体带电8×10﹣16C ．如此对于最后乙、丙两物体的带电情况，如下说法中正确的答案是〔〕A ．乙物体一定带有负电荷8×10﹣16CB ．乙物体可能带有负电荷2.4×10﹣15CC ．丙物体一定带有正电荷8×10﹣16CD ．丙物体一定带有负电荷2.4×10﹣15C2．关于电场强度E=，如下说法正确的答案是〔〕A ．由E= 知，假设q 减小为原来的，如此该处电场强度变为原来的2 倍B ．由E=k知，E 与Q 成正比，而与r 2成反比C ．由E=k知，在以Q 为球心、r 为半径的球面上，各处电场强度均一样D ．电场中某点电场强度方向就是该点所放电荷受到的电场力的方向3．如下列图，M 、N 和P 是以MN 为直径的半圆弧上的三点，O 点为半圆弧的圆心，∠MOP=60°．电荷量相等，符号相反的两个点电荷分别置于M 、N 两点，这时O 点电场强度的大小为E 1，假设将N 点处的点电荷移到P 点，如此O 点的场强大小变为E 2，E 1与E 2 之比为〔〕A ．1：2B ．2：C ．2：1D ．4：4．如图，质量为m、带电量为q的小球S用绝缘细线悬挂，处于固定的带电体A产生的电场中，A可视为点电荷，B为试探电荷．当小球B静止时，A、B等高，细线偏离竖直方向的夹角为θ．重力加速度为g．如此点电荷A在B处所产生的场强大小为〔〕A ．B ．C ．D ． 5．关于电场强度、电势和电势能的说法中正确的答案是〔〕A ．在电场中，电势高的地方，电荷在该点具有的电势能就大B ．在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它所具有的电势能也越大C ．在电场中电势高的点，电场强度一定大D ．在负的点电荷所产生的电场中的任何一点上，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能6．如下列图的各电场中，A 、B 两点场强一样的是〔〕A ．B ．C ．D ．7．四种电场的电场线如下列图．一正电荷q 仅在静电场力作用下由M 点向N 点做加速运动，且加 速度越来越大．如此该电荷所在的电场是图中的〔〕 A ．B ．C ．D ．8．在如下列图的电场中，一电荷从电场中A 点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，如此它运动的v ﹣t 图象可能是图中〔〕A ．B ．C ．D ．9．如下列图，匀强电场场强E=100V/m ，A 、B 两点相距10cm ，A 、B 连线与电场线夹角为60°，如此 U BA 之值为〔〕A ．﹣10VB ．10VC ．﹣5VD ．﹣5V10．如下列图点电荷电场中，将检验电荷从A 点分别移到以点荷为中心的同一圆周上的B 、C 、D 、 E 各点，如此电场力做功〔〕 A ．从A 到B 做功最多B ．从A 到C 做功最多C ．从A 到E 做功最多D ．做功一样多11．两个一样的金属小球，带电量之比为1：7，相距为r ，两者相互接触后再放回原来的位置上，如此他们间的库仑力可能为原来的〔〕A ．B ．C ．D ． 12．关于静电场的电场强度和电势，如下说法正确的答案是〔〕A ．电场强度的方向处处与等电势面垂直B ．电场强度为零的地方，电势也为零C ．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D ．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向13．如图甲所示，AB 是一个点电荷形成的电场中的一条电场线，图乙所示是放在电场线上a 、b 处检验电荷的电荷量与所受静电力大小之间的函数图象〔F ﹣q 图象〕，指定电场方向由A 指向B 为正方向，由此可以判定〔〕A．场源电荷可能是正电荷，位置在A侧B．场源电荷可能是正电荷，位置在B侧C．场源电荷可能是负电荷，位置在A侧D．场源电荷可能是负电荷，位置在B侧14．如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，假设将q1、q2 移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，如此如下说法正确的答案是〔〕A．A点电势小于B点电势B．A、B两点的电场强度相等C．q1 的电荷量小于q2的电荷量D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能15．把质量为m的正点电荷q，在电场中由静止释放，在它运动过程中如果不计重力，如下说法正确的答案是〔〕A．点电荷运动轨迹与电场线重合B．点电荷的速度方向与所在点的电场线的切线方向一致C．点电荷的加速度方向可以与所在点的电场线的切线方向一致D．点电荷的受力方向必与所在点的电场线的切线方向一致16．如下列图为某一电场的电场线和等势面．φa=5V，φc=3V，ab=bc、b 点电势为φb，b，d 在同一等势面上．以|W ac|表示点电荷q由a 点移到c 点过程中电场力做功的大小，|W dc|表示点电荷q 由d 点移到c点过程中电场力做功的大小，如此〔〕A．φb＞4V B．φb＜4V C．|W ac|=2|W dc| D．|W ac|＞2|W dc|二.计算题〔本大题3道题，共36分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕17．如下列图，一条长为L的绝缘细线，上端固定，下端系一质量为m的带电小球，将它置于电场强度为E、方向水平向右的匀强电场中，当小球平衡时，悬线与竖直方向的夹角为45°．〔1〕小球带何种电荷？电荷量为多少？假设将小球向左拉至悬线成水平位置，然后由静止释放小球，如此放手后小球做什么运动？经多长时间到达最低点．18．如下列图的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a 移到b 电场力做功为W=1.2×10﹣6J求：〔1〕匀强电场的场强E=？电荷从b 移到c电场力做功W2=？〔3〕a、c两点的电势差U ac=？19．如下列图，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方和Q相距分别为h和0.25h，将另一点电荷从A点由静止释放，运动到B点时速度正好又变为零．假设此电荷在A点处的加速度大小为g，试求：〔1〕此电荷在B点处的加速度．A、B两点间的电势差〔用Q和h 表示〕河南省平顶山市郏县一高2015～2016学年度高二上学期第一次周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔，本大题共16小题．每一小题4分．第10小题只有一项符合题目要求，第116小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0 分．〕1．2013 年1 月15日上午10 时许，陕西省蒲城县某花炮厂发生爆炸，爆炸没有造成人员伤亡，初步断定是因空气枯燥，炸药堆放时间过长，由静电引发了爆炸．摩擦可以产生静电，原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10﹣15C ，丙物体带电8×10﹣16C ．如此对于最后乙、丙两物体的带电情况，如下说法中正确的答案是〔〕A ．乙物体一定带有负电荷8×10﹣16CB ．乙物体可能带有负电荷2.4×10﹣15CC ．丙物体一定带有正电荷8×10﹣16CD ．丙物体一定带有负电荷2.4×10﹣15C【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】物体经过摩擦后，会产生电．得到电子的带负电，失去电子的带正电．【解答】解：由题意可知，甲、乙两物体相互摩擦后，甲物体带正电1.6×10﹣15C ，如此乙带负电﹣15 ﹣161.6×10 C ，假设乙物体再与丙物体接触，由于丙物体带电8×10C ．且带负电，如此乙也一定带负电，大小为8×10﹣16C ，故A 正确，BCD 错误；应当选：A【点评】此题考查子摩擦起电的本质，要理解和运用，知道总电荷是守恒的，难度不大，属于根底题．2．关于电场强度E=，如下说法正确的答案是〔〕A ．由E= 知，假设q 减小为原来的，如此该处电场强度变为原来的2 倍B ．由E=k 知，E 与Q 成正比，而与r 2成反比wordC ．由E=k 知，在以Q 为球心、r 为半径的球面上，各处电场强度均一样D ．电场中某点电场强度方向就是该点所放电荷受到的电场力的方向【考点】电场强度．【分析】根据公式E=知，E 与q 、F 无关．由E=k 知，E 与Q 成正比，与r 2 成反比．在以Q 为球心，以r 为半径的球面上，各处场强不同．电场中某点场强方向就是该点所放正电荷受到的静电力的方向．【解答】解：A 、由E= 是电场强度的定义式，由此式得知，E 与q 、F 无关，假设q 减半，如此该处电场强度不 变．故A 错误．B 、由E=k知，Q 是场源电荷，如此E 与Q 成正比，与r 2成反比．故B 正确． C 、由E=k 知，在以Q 为球心，以r 为半径的球面上，各处场强大小相等，但方向不同，所以球面上各处场强不同．故C 错误． D 、电场中某点场强方向就是该点所放正电荷受到的静电力的方向，与该点所放负电荷受到的静电力的方向相反．故D 错误．应当选：B ．【点评】电场强度常用的两个公式：E=是电场强度的定义式，适用于任何电场，q 是试探电荷．E=k真空中点电荷产生的场强计算式，Q 是场源电荷．3．如下列图，M 、N 和P 是以MN 为直径的半圆弧上的三点，O 点为半圆弧的圆心，∠MOP=60°．电荷量相等，符号相反的两个点电荷分别置于M 、N 两点，这时O 点电场强度的大小为E 1，假设将N 点处的点电荷移到P 点，如此O 点的场强大小变为E 2，E 1与E 2 之比为〔〕A ．1：2B ．2：C ．2：1D ．4：【考点】电场强度． 【分析】由电场的叠加可知各点电荷单独在O 点形成的场强大小，移动之后电荷距O 点的距离不变，故电场强度大小不变，如此由矢量合成的方向可得出移动之后的合电场；即可求得比值．【解答】解：依题意，每个点电荷在O 点产生的场强为，如此当N 点处的点电荷移至P 点时，O 点场强如下列图，合场强大小为E 2=，如此=，故C 正确，ABD 错误．应当选：C ．【点评】电场强度为矢量，在求合场强时应先分别求得各电荷在O点的场强再由矢量的合成方法﹣平行四边形求得总的场强．4．如图，质量为m 、带电量为q 的小球S 用绝缘细线悬挂，处于固定的带电体A 产生的电场中，A 可视为点电荷，B 为试探电荷．当小球B 静止时，A 、B 等高，细线偏离竖直方向的夹角为θ．重力加速度为g ．如此点电荷A 在B 处所产生的场强大小为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题． 【分析】B 球受重力、电场力和绳子的拉力处于平衡，根据共点力平衡求出B 球所受的电场力，从而根据E=求出B 点的电场强度．【解答】解：小球处于平衡状态，受力如图，根据合成法，知电场力F=mgtan θ． E==．应当选：A ．【点评】解决此题的关键掌握共点力平衡的求法，比如合成法，正交分解法等．5．关于电场强度、电势和电势能的说法中正确的答案是〔〕A ．在电场中，电势高的地方，电荷在该点具有的电势能就大B ．在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它所具有的电势能也越大C ．在电场中电势高的点，电场强度一定大D ．在负的点电荷所产生的电场中的任何一点上，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能【考点】电场强度；电势．【分析】电势能公式为E p =q φ．场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．顺着电场线电势降低，通常取无穷远电势为零．根据这些知识分析．【解答】解：A 、根据电势能公式E p =q φ知：正电荷在电势越高的地方，其电势能越大，负电荷在电势越高的地方，其电势能越小，故A 错误．B 、根据电势能公式E p =q φ知：在电场中，电势高的地方，放在该点的正电荷的电荷量越大，电势能越大，而负电荷如此相反，故B错误．C、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．可知电势高的地方电场强度不一定大，故C错误．D、沿着电场线的方向电势逐渐降低，取无穷远电势为零，如此在负的点电荷所产生的电场中的任何一点的电势均为负值，由E p=qφ知正电荷所具有的电势能为负值，负电荷所具有的电势能为正值，所以正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能，故D 正确． 应当选：D ．【点评】对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势上下看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．6．如下列图的各电场中，A 、B 两点场强一样的是〔〕A ．B ．C ．D ． 【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小方向均一样时，场强才一样．【解答】解：A 、在负点电荷产生的电场中，同心球面上的点的场强大小相等．A 、B 两点的场强大小相等，但方向不同，故A 错误．B 、正点电荷产生的电场中，AB 两点场强的方向一样，大小不同，故B 错误．C 、两平行板间的电场是匀强电场，场强大小方向都相等，故C 正确．D 、AB 两点处的电场线的疏密和切线方向都不同．即A 、B 两点的场强大小和方向都不同，故D 错误． 应当选：C ．【点评】矢量要一样，只有大小和方向都一样才一样，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．7．四种电场的电场线如下列图．一正电荷q 仅在静电场力作用下由M 点向N 点做加速运动，且加速度越来越大．如此该电荷所在的电场是图中的〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】电场线． 【分析】由粒子做加速运动可知，粒子受力方向，如此可判断电场线的方向；由加速度的变化可知电荷受力的变化，如此由F=Eq 可得出场强的变化，如此可判断电场线的疏密．【解答】解：因粒子由M 到N 是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M 到N 的；因粒子在运动中加速度越大越大，说明受电场力越大越大，如此电场强度越大越大，电场线越来越密；故D 正确； 应当选：D ．【点评】电场线是为了形象描述电场的性质而引入的虚拟带有方向的线，近几年对电场线的考查较多，应认真把握．8．在如下列图的电场中，一电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，如此它运动的v﹣t图象可能是图中〔〕A．B．C．D．【考点】电场线；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，根据电场线与电场强度的关系，电场强度越来越大，如此电场力越来越大，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，可得出正确结果．【解答】解：根据电场线与电场强度的关系，电场强度越来越大，因此该电荷所受电场力越来越大，电荷的加速度越来越大，v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度．应当选：B．【点评】此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以与电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．9．如下列图，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距10cm，A、B连线与电场线夹角为60°，如此U BA之值为〔〕A．﹣10V B．10V C．﹣5VD．﹣5V【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】匀强电场的场强为E，A、B两点间的距离为L与AB连线与电场方向的夹角为θ，根据公式U=Ed，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U．【解答】解：由图示可知，AB方向与电场线方向间的夹角θ=60°，BA两点沿电场方向的距离d=Lcosθ，BA两点间的电势差U BA=Ed=ELcosθ=﹣100V/m×0.1m×cos60°=﹣5V，应当选：C．【点评】此题首先要想到匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，其次要正确理解d的含义：两点沿电场方向的距离．10．如下列图点电荷电场中，将检验电荷从A点分别移到以点荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点，如此电场力做功〔〕A ．从A 到B 做功最多B ．从A 到C 做功最多C ．从A 到E 做功最多D ．做功一样多【考点】电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】以点电荷Q 为中心的球面上所有各点的场强的大小相等而方向不同；该球面是等势面．【解答】解：该球面是等势面，各点的电势相等，所以：U AB =U AC =U AD =U AE ，将检验电荷从A 点分别移到以点荷为中心的同一圆周上的B 、C 、D 、E 各点，如此电场力做功W=qU ，所以电场力做功一样多．故D 正确．应当选：D【点评】该题考查点电荷的电场的特点，掌握以点电荷Q 为中心的球面上所有各点的电势相等是解题的关键．属于根底题目11．两个一样的金属小球，带电量之比为1：7，相距为r ，两者相互接触后再放回原来的位置上，如此他们间的库仑力可能为原来的〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】库仑定律． 【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的．【解答】解：由库仑定律可得：F=，当两一样金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为4：4，所以库仑力是原来的16：7．当两一样金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为3：3，所以库仑力是原来的9：7． 应当选：CD【点评】此题考查库仑定律的同时，利用了控制变量法．当控制距离不变时，去改变电荷量，从而确定库仑力的变化．当然也可控制电荷量不变，去改变间距，从而得出库仑力的变化．12．关于静电场的电场强度和电势，如下说法正确的答案是〔〕A．电场强度的方向处处与等电势面垂直B．电场强度为零的地方，电势也为零C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进展解答．【解答】解：A、电场线与等势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向，所以电场强度的方向与等势面垂直，故A正确；B、电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，故B错误；C、根据沿着电场线的方向，电势逐渐降低，与电场强度的大小无关，故C错误；D、顺着电场线方向电势降低，故D正确．应当选：AD．【点评】明确电场强度与电势无直接关系，知道电场强度的方向是电势降低最快的方向，属于根底题．13．如图甲所示，AB是一个点电荷形成的电场中的一条电场线，图乙所示是放在电场线上a、b处检验电荷的电荷量与所受静电力大小之间的函数图象〔F﹣q 图象〕，指定电场方向由A指向B为正方向，由此可以判定〔〕A．场源电荷可能是正电荷，位置在A侧B．场源电荷可能是正电荷，位置在B侧C．场源电荷可能是负电荷，位置在A侧D．场源电荷可能是负电荷，位置在B侧【考点】点电荷的场强．【分析】由电场强度的定义式E=得到F=qE，F﹣q 图象的斜率表示电场强度大小，图线a 的斜率小于b的斜率，说明a 处场强小于b处的场强．根据场强的大小判断场源电荷的位置．【解答】解：F﹣q 图象的斜率表示电场强度大小，图线a的斜率小于b的斜率，说明a处场强小于b 处的场强，假设电场是由点电荷产生的，说明a 距离场源较远，无论场源是正电荷还是负电荷，都应位于B点．又因指定电场方向由A指向B为正方向，由此可以，场源电荷可能是负电荷，故D正确，ABC错误．应当选：D．【点评】此题关键从F﹣q 图象斜率的物理意义进展分析判断．并掌握点电荷电场强度公式的应用．14．如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，假设将q1、q2 移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，如此如下说法正确的答案是〔〕A．A点电势小于B点电势B．A、B两点的电场强度相等C．q1 的电荷量小于q2的电荷量D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能【考点】电势；电场强度；电势能．【分析】将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做功，说明Q带负电，即可判断A、B电势上下；由点电荷场强公式分析场强的大小；由图分析可知：A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差，根据电场力做功公式W=qU，分析电荷量的大小；根据电场力做功与电势能的关系，即可判断q1 在A点的电势能与q2 在B点的电势能的大小．【解答】解：A、由题，将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做功，如此知Q与两个试探电荷之间存在引力，说明Q带负电，电场线方向从无穷远处指向Q，如此A点电势小于B点电势．故A正确．B、由点电荷场强公式分析可知，A点的场强大于B点的场强．故B错误．C、由图分析可知：A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差，将q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，根据电场力做功公式W=qU，得知，q1的电荷量小于q2的电荷量．故C正确．D、将q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，两个试探电荷电势能的变化量相等，无穷远处电势能为零，如此q1 在A点的电势能等于q2在B点的电势能．故D错误．应当选：AC【点评】此题根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的大小，根据公式分析场强的大小等等，都是常用的思路．15．把质量为m的正点电荷q，在电场中由静止释放，在它运动过程中如果不计重力，如下说法正确的答案是〔〕A．点电荷运动轨迹与电场线重合B．点电荷的速度方向与所在点的电场线的切线方向一致C．点电荷的加速度方向可以与所在点的电场线的切线方向一致D．点电荷的受力方向必与所在点的电场线的切线方向一致【考点】电场线．【分析】粒子的运动轨迹不一定与电场线重合；电场线上某点的切线方向表示电场强度的方向，正点电荷受到的电场力的方向与电场强度的方向一样，负点电荷受到的电场力的方向与电场强度的方向相反．【解答】解：A、电荷在电场中由静止释放，运动轨迹不一定与电场线重合，故A错误．B、电场线上某点的切线方向表示电场强度的方向，但是速度方向不一定与电场线的切线方向一致．故B错误；C、D、电场线上某点的切线方向表示电场强度的方向，如此正电荷所受电场力的方向与切线方向一致，加速度方向也与切线方向一致；负电荷所受电场力的方向沿切线方向相反，加速度方向也与切线方向相反，故C正确，D错误．应当选：C．【点评】解决此题的关键知道电场线的特点，电场线方向上某点的切线方向为电场的方向，正电荷所受的电场力方向与电场强度的方向一样．16．如下列图为某一电场的电场线和等势面．φa=5V，φc=3V，ab=bc、b 点电势为φb，b，d 在同一等势面上．以|W ac|表示点电荷q由a 点移到c 点过程中电场力做功的大小，|W dc|表示点电荷q 由d 点移到c点过程中电场力做功的大小，如此〔〕A．φb＞4V B．φb＜4V C．|W ac|=2|W dc| D．|W ac|＞2|W dc|【考点】电场线；电势能．【分析】根据电场线的疏密，可比拟出ab 间与cd间电势差的大小，由U ab=φa﹣φb，U cd=φc﹣φd，φb=φd，联立即可得到b 点的电势范围．根据电场力做功公式W=qU，分析电场力做功关系．【解答】解：A、B、由图看出，ab间电场线比cd间电场线密，而ab=bc，根据U=Ed 定性分析可得ab 间的电势差大于bc 间电势差，即U ab＞U bc，又U ab=φa﹣φb，U bc=φb﹣φc，联立得：φa﹣φb＞φb﹣φc，如此得：φb ＜=V=4V，即φb＜4V，故A错误，B正确．C、D、由上分析知：U ab＞U bc，如此知U ac＞2U bc，而d与b 电势相等，如此U dc=U bc，可得：U ac＞2U dc，根据电场力做功公式W=qU得知：|W ac|＞2|W dc|，故C错误，D正确．应当选：BD．【点评】此题关键运用匀强电场中电势差与电场强度的关系式U=Ed 定性分析ab间的电势差与bc间电势差的关系，知道电势差等于电势之差，运用电场力做功分析即可．二.计算题〔本大题3道题，共36分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕17．如下列图，一条长为L的绝缘细线，上端固定，下端系一质量为m的带电小球，将它置于电场强度。
河南省平顶山市郏县一高高一物理上学期第三次周练试卷(含解析)-人教版高一全册物理试题
word河南省平顶山市郏县一高 2015～2016 学年度高一上学期第三次周练物理试卷一、选择题〔每一小题4分，共44分，其中3、4、6、11为多项选择〕1．如下说法正确的答案是〔〕A．重力的方向总是垂直向下B．物体的质量没有变化，但它的重力可能会发生变化C．跳高运动员在空中受到重力和向上的升力D．将重5N的物体从直升机上抛下，落地前重力大于5N2．如下列图，小车M 在恒力F作用下，沿水平地面做直线运动，由此可判断〔〕A．假设地面光滑，如此小车一定受三个力作用B．假设地面粗糙，如此小车可能受三个力作用C．假设小车做匀速运动，如此小车一定受四个力的作用D．假设小车做匀速运动，如此小车可能受三个力的作用3．如下列图，将光滑斜面上物体的重力mg 分解为F1、F2两个力，如下结论正确的答案是〔〕A．F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2是物体对斜面的正压力B．物体受mg、F N、F1、F2四个力作用C．物体只受重力mg 和弹力F N 的作用D．力F1、F2两个力的作用效果跟mg、F N 两个力的作用效果一样4．如下列图，物块M静止于倾斜放置的木板上，使倾斜角θ缓慢增大，在M沿木板滑动之前，受力情况是〔〕A．物块对木板的压力逐渐减小B．物块所受摩擦力逐渐减小C．物块所受支持力与摩擦力的合力不变D．物块所受重力、支持力、摩擦力的合力逐渐变大5．设有三个力同时作用在质点P 上，它们的大小和方向相当于正六边形两条边和一条对角线，如下列图，这三个力中最小的力的大小为F，如此这三个力的合力等于〔〕A．3F B．4F C．5F D．6F6．如下列图，物块M 在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，假设传送带的速度大小也为v，如此传送带启动后〔〕A．M 静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M 下滑的速度不变7．如下列图，一只质量为m的蚂蚁在半径为R 的半球形碗内爬行，在距碗底高的P 点停下来，假设重力加速度为g，如此它在P 点受到的摩擦力大小为〔〕A ．mgB ．mgC ．mg D．mg8．用水平力F推静止在斜面上的物块，当力F由零开始逐渐增大而物块仍保持静止状态，如此物块〔〕A．所受合力逐渐增大B．所受斜面摩擦力逐渐增大C．所受斜面弹力逐渐增大D．所受斜面作用力逐渐变小9．如下列图，轻绳的两端分别系在圆环A和小球B上，圆环A套在粗糙的水平直杆MN上．现用水平力F 拉着绳子上的一点O，使小球B从图中实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A始终保持在原位置不动．在这一过程中，环对杆的摩擦力为F f 和环对杆的压力F N 的变化情况是〔〕A．F f 不变，F N 不变B．F f 增大，F N 不变C．F f 增大，F N 减小D．F f 不变，F N 减小10．重8N的物块静止在倾角为30°的斜面上，假设用平行于斜面沿水平方向大小等于3N的力推物块，物块仍保持静止，如下列图，如此物块所受到的摩擦力大小等于〔〕A．5 N B．4N C．3N D．33N11．如下列图，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡与挡板间均无摩擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，如此有〔〕A．斜面对球的支持力逐渐增大B．斜面对球的支持力逐渐减小C．挡板对小球的弹力先减小后增大D．挡板对小球的弹力先增大后减小二、实验题〔本大题共2小题，共14分〕12．在探究《弹力与弹簧伸长的关系》的实验中，如下说法正确的答案是〔〕A．实验中劲度系数k的具体数值必须计算出来B．如果没有测出弹簧原长，用弹簧长度L代替x，F﹣L图线也是过原点的一条直线C．利用F﹣x 直线可求出k 值D．实验时要把所有点连到线上，才能探索得到真实规律13．在“互成角度的两个共点力的合成〞的实验中：〔1〕有位同学把橡皮筋的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮筋的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中错误的答案是A．同一次实验过程中，O点位置允许变动B．实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度C．橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间夹角取90°，以便算出合力大小有位同学做了一系列步骤，其中的两个步骤是这样做的：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细绳，通过细绳同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮筋，使它与细绳的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点与两个弹簧测力计的读数F1与F2；②只用一个弹簧测力计通过细绳沿原来的方向〔即两个测力计同时拉橡皮筋伸长的方向〕拉橡皮筋，记下此时弹簧测力计的读数F′和细绳的方向．以上两个步骤中均有疏漏或错误，分别是：在①中；在②中．三、计算题〔本大题共4小题，共42分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位〕14．水平地面上放一个重为200N的铁块，铁块与地面间的最大静摩擦力大小为63N，铁块与地面间动摩擦因数为0.3，一个人用水平方向的力推静止的铁块，试求如下各种情况下铁块所受的摩擦力的大小：〔1〕物体原来静止，现用F=50N的向右推力；物体原来静止，现用F=80N的向右推力；〔3〕物体以10m/s 的初速度向左，用F=62N的推力向右．15．如下列图，一名患者正在颈椎牵引机上做颈椎牵引治疗，两条牵引软带将患者头部上拉．牵引软带上部固定在钢制横梁上，两条牵引软带与钢制横梁刚好构成一个等边三角形．如果牵引机对头部向上的牵引力是900N，那么，牵引软带上的张力为多少？16．小孩和雪橇的总质量为m=40kg，大人用与水平方向成θ=37°斜向上的大小为F=100N的拉力拉雪橇，使雪橇沿水平地面做匀速运动，〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕求：〔1〕雪橇对地面的压力F'N 大小；雪橇与水平地面的动摩擦因数的大小．17．如下列图，半径为R、质量为M的均匀球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h、质量为m的木块．假设不计摩擦，用至少多大的水平力F推木块才能使球离开地面？此时木块对地的压力为多大？河南省平顶山市郏县一高2015～2016学年度高一上学期第三次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔每一小题4分，共44分，其中3、4、6、11为多项选择〕1．如下说法正确的答案是〔〕A．重力的方向总是垂直向下B．物体的质量没有变化，但它的重力可能会发生变化C．跳高运动员在空中受到重力和向上的升力D．将重5N的物体从直升机上抛下，落地前重力大于5N【考点】重力．【专题】受力分析方法专题．【分析】重力的方向总是竖直向下．物体的质量没有变化，它的重力可能会发生变化．跳高运动员在空中受到重力，没有向上的升力．将重5N的物体从直升机上抛下，落地前重力仍等于5N．【解答】解：A、重力的方向总是竖直向下，只有在地球的两极、赤道，物体的重力才垂直向下．故A 错误．B、物体的质量没有变化时，由于重力加速度随地理位置可能会变化，如此重力G=mg 可能会发生变化．故B正确．C、跳高运动员在空中只受到重力，没有向上的升力．故C错误．D、将重5N的物体从直升机上抛下，重力不变，落地前重力仍等于5N．故D错误．应当选B【点评】重力的方向是竖直向下，可以结合万有引力和向心力的知识理解．基此题．2．如下列图，小车M 在恒力F作用下，沿水平地面做直线运动，由此可判断〔〕A．假设地面光滑，如此小车一定受三个力作用B．假设地面粗糙，如此小车可能受三个力作用C．假设小车做匀速运动，如此小车一定受四个力的作用D．假设小车做匀速运动，如此小车可能受三个力的作用【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】对小车进展受力分析，根据运动情况结合牛顿第二定律，从而即可判断．【解答】解：A、假设地面光滑，小车可能受重力、支持力、拉力F，当拉力F在竖直方向的分量等于重力时，支持力等于零，只受两个力，故A错误；B、假设地面粗糙，车可能受重力、支持力、拉力F和摩擦力，当支持力等于零时摩擦力也等于零，所以小车可能受2 个力，也可能受4个力，故B错误；CD、假设小车做匀速运动，如此小车受力平衡，所以小车受重力、支持力、拉力和摩擦力，故C正确，D错误．应当选：C．【点评】此题主要考查了同学们受力分析的能力，能根据运动情况判断物体可能的受力情况，难度不大，属于根底题．3．如下列图，将光滑斜面上物体的重力mg 分解为F1、F2两个力，如下结论正确的答案是〔〕A．F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2是物体对斜面的正压力B．物体受mg、F N、F1、F2四个力作用C．物体只受重力mg 和弹力F N 的作用D．力F1、F2两个力的作用效果跟mg、F N 两个力的作用效果一样【考点】力的分解．【专题】平行四边形法如此图解法专题．【光滑斜面上的物体的重力mg按作用效果分解为沿斜面向下和垂直于斜面两个方向的分力，注意两个分【解答】解：A、F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2不是物体对斜面的压力．故A错误．力不是物体所受到的力，两分力共同作用效果与重力作用效果一样．B、物体受重力和支持力两个力．故B错误，C正确．D、力F N、F1和F2的三个力的作用效果跟mg、F N 两个力的效果一样．故D错误．应当选：C．【点评】解决此题的关键知道F1、F2是重力的两个分力，产生的作用效果，一个使物体下滑，一个压斜面，但是两个分力不是下滑力和压力．4．如下列图，物块M静止于倾斜放置的木板上，使倾斜角θ缓慢增大，在M沿木板滑动之前，受力情况是〔〕A．物块对木板的压力逐渐减小B．物块所受摩擦力逐渐减小C．物块所受支持力与摩擦力的合力不变D．物块所受重力、支持力、摩擦力的合力逐渐变大【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】要求支持力和摩擦力如何变化，需要对物体进展受力分析，然后通过正交分解求出重力的沿木板方向和垂直木板方向的分力，再根据物体处于平衡状态求出支持力和摩擦力的表达式，最后根据倾角的变化判断出支持力和摩擦力的变化情况．【解答】解：设木板与水平面的倾角为θ，对物体进展受力分析可知物体受竖直向下的重力mg，垂直木板向上的支持力N，沿木板向上的静摩擦力F，由于物体始终处于静止状态，故垂直木板方向合力为零，如此物块所受支持力与摩擦力的合力与重力相平衡，故合力不变．因此，N=mgcosθ在沿斜面方向有F=mgsinθ，由题意可知θ逐渐增大，故N逐渐减小，F逐渐增大．应当选AC【点评】本类题目的解题步骤：确定研究对象，对研究对象进展受力分析，再进展正交分解，最后根据受力平衡写出所求力的数学表达式，从而可以根据角度的变化情况判断出力的变化情况．5．设有三个力同时作用在质点P 上，它们的大小和方向相当于正六边形两条边和一条对角线，如下列图，这三个力中最小的力的大小为F，如此这三个力的合力等于〔〕A．3F B．4F C．5F D．6F【考点】力的合成．【分析】多个力合成时可以先合成任意两个力，再把这两个力的合力与第三个力相合成，只到把所有的力都合成进去，即可求得最后的合力．【解答】解：有图可知，F1、F2的夹角的大小为120°根据平行四边形定如此可知，F1、F2的合力的大小为F，由于F3=F1+2F1cos60°=2F，所以F1、F2、F3的合力的大小为3F．应当选：A．【点评】对于多力的合成，不一定非常逐一相合成，可以先合成任意两个，再将合力合成，效果一样．6．如下列图，物块M 在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，假设传送带的速度大小也为v，如此传送带启动后〔〕A．M 静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M 下滑的速度不变【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．【分析】对物体受力分析，由于传送带是向上运动的，对物体的受力没有影响，所以物体的运动状态不变．【解答】解：由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变．应当选CD【点评】物体本来就是向下运动，受到的摩擦力是向上的，当传送带在向上转动时，对物体的受力没影响，可以思考一下，如果传送带向下转动，情况又会如何呢？7．如下列图，一只质量为m的蚂蚁在半径为R的半球形碗内爬行，在距碗底高的P 点停下来，假设重力加速度为g，如此它在P 点受到的摩擦力大小为〔〕A．mgB．mg C．mg D．mg【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对蚂蚁受力分析，作出受力分析图，由共点力的平衡条件列式求解静摩擦力．【解答】解：对蚂蚁受力分析，如下列图，支持力与摩擦力的合力与重力大小相等，方向相反；其离最低点为，由几何关系可知支持力与竖直方向夹角为60°由几何关系可知，摩擦力f=mgsin60°=mg；应当选：C．【点评】此题是力平衡问题，关键是受力分析后根据共点力平衡条件列式求解，根底题目．8．用水平力F推静止在斜面上的物块，当力F由零开始逐渐增大而物块仍保持静止状态，如此物块〔〕A．所受合力逐渐增大B．所受斜面摩擦力逐渐增大C．所受斜面弹力逐渐增大D．所受斜面作用力逐渐变小【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】物块保持静止，合力保持为零不变．以物块为研究对象，根据平衡条件分析：物块所受斜面的摩擦力先减小，后增大．弹力逐渐增大．物块所受斜面的作用力与重力和力F的合力大小相等，逐渐增大．【解答】解：A、物块保持静止，合力保持为零不变．故A错误B、当力F较小时，物块受力图如图1．根据平衡条件得f=Gsinα﹣Fcosα，当F增大时，f 减小；当力F较大时，物块受力图如图2．根据平衡条件得f=Gsinα﹣Fcosα，当F增大时，f 增大．故B错误．C、N=Gcosα+Fsinα，F增大时，N增大．故C正确．D、物块所受斜面的作用力与重力和力F 的合力大小相等，等于，当F增大时，物块所受斜面的作用力增大．故D错误．应当选C【点评】此题根据平衡条件分析物体的受力情况，对于静摩擦力，随外力变化而变化，当F增大时，静摩擦力不一定增大，要根据平衡条件分析．9．如下列图，轻绳的两端分别系在圆环A和小球B上，圆环A套在粗糙的水平直杆MN上．现用水平力F 拉着绳子上的一点O，使小球B从图中实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A始终保持在原位置不动．在这一过程中，环对杆的摩擦力为F f 和环对杆的压力F N 的变化情况是〔〕A．F f 不变，F N 不变B．F f 增大，F N 不变C．F f 增大，F N 减小D．F f 不变，F N 减小【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以B为研究对象，分析在小球上升的过程中F如何变化，再以整体为研究对象，分析摩擦力F f 和支持力力F N 如何变化．【解答】解：以B为研究对象，小球受到重力、水平力F和轻绳的拉力T，如图1所示由平衡条件得：F=mgtanα，α增大，如此F增大再以整体为研究对象，力图如图2 所示．根据平衡条件得：F f=F，如此F f 逐渐增大．F N=〔M+m〕g，F N 保持不变应当选B．【点评】此题是动态平衡问题，采用隔离法和整体法相结合进展研究．10．重8N的物块静止在倾角为30°的斜面上，假设用平行于斜面沿水平方向大小等于3N的力推物块，物块仍保持静止，如下列图，如此物块所受到的摩擦力大小等于〔〕A．5 N B．4N C．3N D．33N【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】对滑块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和静摩擦力f，根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解．【解答】解：对滑块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和静摩擦力f，将重力按照作用效果分解为沿斜面向下的分力F′=Mgsinθ=4N和垂直斜面向下的分力Mgcosθ=4N；在与斜面平行的平面内，如图，有f=应当选：A．【点评】此题的难点在于物体受到的力不在一个平面内，需要将重力按照作用效果进展分析，根据静摩擦力的产生特点和共点力平衡条件列式求解静摩擦力．11．如下列图，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡与挡板间均无摩擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，如此有〔〕A．斜面对球的支持力逐渐增大B．斜面对球的支持力逐渐减小C．挡板对小球的弹力先减小后增大D．挡板对小球的弹力先增大后减小【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．【分析】小球受三个力作用而保持静止状态，其中重力大小、方向都不变，斜面对球的支持力方向不变，大小变，挡板对球的支持力的大小和方向都变化，根据三力平衡的条件，结合平行四边形定如此作图分析即可．【解答】解：小球受重力、斜面支持力F1和挡板支持力F2，将F1与F2合成为F，如图小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F1和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线．从图中可以看出，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，F1越来越小，F2先变小，后变大；应当选：BC．【点评】此题关键对小球受力分析，然后将两个力合成，当挡板方向变化时，将多个力图重合在一起，直接由图象分析出各个力的变化情况．二、实验题〔本大题共2小题，共14分〕12．在探究《弹力与弹簧伸长的关系》的实验中，如下说法正确的答案是〔〕A．实验中劲度系数k的具体数值必须计算出来B．如果没有测出弹簧原长，用弹簧长度L代替x，F﹣L图线也是过原点的一条直线C．利用F﹣x 直线可求出k 值D．实验时要把所有点连到线上，才能探索得到真实规律【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；弹力的存在与方向的判定专题．【分析】正确解答该题要明确该实验的数据处理方法：该实验一般采用图象法处理实验，可以画出弹力与形变量之间的关系图象即F﹣x 图象，也可以画出弹力与弹簧长度之间关系的图象，即F﹣l 图象，在作图时注意让直线尽量多的穿过各点，不能穿过的尽量分布在图象的两侧．【解答】解：A、因为是同一条弹簧，劲度系数一样，无需具体计算K值，故A错误；B、用弹簧长度L代替x，F﹣L图线不过原点，故B错误；C、在F﹣x 图象中图象的斜率表示劲度系数的大小，故利用F﹣x 直线可以求出k 值，故C正确；D、实验时并非把所有点连到线上，而是让直线尽量多的穿过各点，不能穿过的尽量分布在图象的两侧，这样可以剔除误差比拟大的点，故D错误．应当选：C．【点评】解决此题的关键掌握探究弹力和弹簧伸长的关系，知道如何去减小实验误差，以与如何进展数据处理，该题是一道考查根底知识的好题．13．在“互成角度的两个共点力的合成〞的实验中：〔1〕有位同学把橡皮筋的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮筋的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中错误的答案是ACD A．同一次实验过程中，O点位置允许变动B．实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度C．橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间夹角取90°，以便算出合力大小有位同学做了一系列步骤，其中的两个步骤是这样做的：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细绳，通过细绳同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮筋，使它与细绳的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点与两个弹簧测力计的读数F1与F2；②只用一个弹簧测力计通过细绳沿原来的方向〔即两个测力计同时拉橡皮筋伸长的方向〕拉橡皮筋，记下此时弹簧测力计的读数F′和细绳的方向．以上两个步骤中均有疏漏或错误，分别是：在①中还应记下F1和F2的方向；在②中应让橡皮条伸长到0 点．【考点】验证力的平行四边形定如此．【专题】实验题；平行四边形法如此图解法专题．【分析】本实验的目的是验证力的平行四边形定如此，研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的．本实验采用作合力与分力图示的方法来验证，根据实验原理和方法来解答．【解答】解：〔1〕A、为了使两次拉橡皮筋效果一样，要求两次要将O点拉到同一位置，故A错误；B、实验中为了减小误差，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时为了减小误差，要求视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；C、只要橡皮筋的另一端两次都接到O点，达到效果一样，拉力方向没有限制，橡皮筋不需要与两绳夹角的平分线在同一直线上，故C错误．D、实验过程中两弹簧的夹角要适当，并非要求达到90°，非特殊角度也可，故D错误．此题要求选错误的，应当选ACD．实验中我们需要根据两个分力的大小和方向做平行四边形，因此该实验中需要记录的是两个分力的大小和方向，所以①中的疏漏是：还应记下F1和F2的方向．为了保证两次的作用效果一样，所以我们要把节点O拉到一样的位置，所以②中的错误是：应让橡皮条伸长到0点．故答案为：〔1〕ACD；①还应记下F1 和F2的方向；②应让橡皮条伸长到0 点．【点评】要围绕“验证力的平行四边形定如此〞的实验原理对实验步骤和实验中需要注意的问题进展理解，正确理解“等效代替〞的含义．三、计算题〔本大题共4小题，共42分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位〕14．水平地面上放一个重为200N的铁块，铁块与地面间的最大静摩擦力大小为63N，铁块与地面间动摩擦因数为0.3，一个人用水平方向的力推静止的铁块，试求如下各种情况下铁块所受的摩擦力的大小：〔1〕物体原来静止，现用F=50N的向右推力；物体原来静止，现用F=80N的向右推力；〔3〕物体以10m/s 的初速度向左，用F=62N的推力向右．【考点】滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】根据水平推力与最大静摩擦力的关系，分析物体的状态，确定物体受到的静摩擦力还是滑动摩擦力．对于静摩擦，可根据平衡条件求解大小．对于滑动摩擦可以根据摩擦力公式求解大小．【解答】解：水平推力F=50N小于铁块与地面间的最大静摩擦力，物体仍处于静止状态，由平衡条件得到，铁块所受的静摩擦力的大小f1=F=50N．水平推力F=80N大于铁块与地面间的最大静摩擦力，物体开始滑动，铁块所受的滑动摩擦力的大小f2= N= G=0.3×200N=60N．〔3〕物体以10m/s 的初速度向左运动时，物体受到向右的滑动摩擦力作用，大小仍等于f2=60N．答：〔1〕物体原来静止，现用F=50N的向右推力时，铁块所受的静摩擦力的大小是50N．物体原来静止，现用F=80N的向右推力时，铁块所受的滑动摩擦力的大小是60N．〔3〕物体以10m/s 的初速度向左，用F=62N的推力向右时，物体受到向右的滑动摩擦力作用，大小是60N．【点评】此题中容易出现的错误是，第〔3〕问中F向右，认为滑动摩擦力与F相反，方向向左．滑动摩擦力方向总与物体的相对运动相反．15．如下列图，一名患者正在颈椎牵引机上做颈椎牵引治疗，两条牵引软带将患者头部上拉．牵引软带上部固定在钢制横梁上，两条牵引软带与钢制横梁刚好构成一个等边三角形．如果牵引机对头部向上的牵引力是900N，那么，牵引软带上的张力为多少？【考点】共点力平衡的条件与其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】根据受力分析，结合力的平行四边形定如此，与三角知识，即可求解．【解答】解：对头部着点受力分析，如下列图：。
河南省平顶山市郏县高一物理下学期第一次月考试题(扫
2017-2018学年下学期高一第一次月考答案一、选择题1、C2、C3、ACD4、B5、B6、C7、B8、C9、C 10、B 11、ACD 12、AD 13、C 14、BC 15、BC二、实验题16．BD 0.1s 1.5 m/s 2.5 m/s 小球沿水平方向抛出；或确保小球做平抛运动．三、计算题：17．(1)ω1=40 rad/s (2) B对地面的压力为12N，方向竖直向下【解析】（1）当B对地面恰好无压力时，有：Mg=F T′，拉力 F T′提供小球A所需向心力，则：F T′=mrω12则有：Mg = mrω12 代值可得ω1=40 rad/s（2）对小球A来说，绳子的拉力提供向心力，则：F T=mrω2=0.1×0.1×202N=4N，对物体B来说，物体受到三个力的作用：重力Mg、绳子的拉力F T、地面的支持力F N，由力的平衡条件可得：F T+F N=Mg 故 F N=Mg-F T将F T=4N代入可得：F N=（1.6×10-4）N=12N由牛顿第三定律可知，B对地面的压力为12 N，方向竖直向下．18．（1）（2）2R【解析】（1）在B点小球做圆周运动，，得由牛顿第三定律知小球通过B点时对半圆槽的压力大小是；（2）在C点小球恰能通过，故只有重力提供向心力，则过C点小球做平抛运动：，，联立以上各式可得．19．（1）1.7m，（2）0.125【解析】（1）设小球击中滑块时的速度为v，竖直速度为v y由几何关系得：设小球下落的时间为t，小球竖直方向v y=gt解得：t=0.4s竖直位移为y，水平位移为x，由平抛规律得 x=v0t 设抛出点到斜面最低点的距离为h，由几何关系得h=y+xtan37°由以上各式得h=1.7m（2）在时间t内，滑块的位移为s，由几何关系得：设滑块的加速度为a，由运动学公式得：对滑块，由牛顿第二定律得：mgsin37°﹣μmgcos37°=ma由以上各式得μ=0.125。
高一物理月考试题及答案-河南平顶山市郏县一高-2015学年高一(下)第一次周考试卷
河南省平顶山市郏县一高2014-2015学年高一（下）第一次周考物理试卷一、选择题（，本大题共16小题．每小题4分．第1-11小题只有一项符合题目要求，第12-14小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一质点做曲线运动，在运动的某一位置，它的速度方向、加速度方向、以及所受的合外力的方向的关系是（）A．加速度方向与合外力的方向一定相同B．速度、加速度、合外力的方向有可能都不同C．加速度方向与速度方向一定相同D．速度方向与合外力方向可能相同，也可能不同2．在美国拉斯韦加斯当地时间2011年10月16日进行的印地车世界锦标赛的比赛中，发生15辆赛车连环撞车事故，两届印第安纳波利斯500赛冠军、英国车手丹•威尔顿因伤势过重去世．在比赛进行到第11圈时，77号赛车在弯道处强行顺时针加速超越是酿起这起事故的根本原因，下面四幅俯视图中画出了77号赛车转弯时所受的合力的可能情况，你认为正确的是（）A．B．C．D．3．有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v的大河．小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直．去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为（）A．B．C．D．4．人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是（）A．v0sin θB．C．v0cos θD．5．在平坦的垒球运动场上，击球手挥动球棒将垒球水平击出，垒球飞行一段时间后落地，若不计空气阻力，则（）A．垒球落地时瞬间速度的方向仅由击球点离地面的高度决定B．垒球落地时瞬间速度的大小仅由初速度决定C．垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定D．垒球在空中运动的水平位移仅由初速度决定6．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为（）A．tanθB．2tanθC．D．7．如图所示，在一次空地演习中，离地H高处的飞机以水平速度v1发射一颗炮弹欲轰炸地面目标P，反应灵敏的地面拦截系统同时以速度v2竖直向上发射炮弹拦截．设拦截系统与飞机的水平距离为s，若拦截成功，不计空气阻力，则v1、v2关系应满足（）A．v1=v2 B．v1=v2 C．v1=v2 D．v1=v28．如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的初速v同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为37°和53°，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A和B两小球的运动时间之比为（）A．3：4 B．4：3 C．9：16 D．16：99．（4分）如图所示，天车下吊着两个质量都是m的工件A和B，整体一起向左匀速运动．系A的吊绳较短，系B的吊绳较长，若天车运动到某处突然停止，此后A和B两工件的向心加速度a A和a B的大小关系是（）A．a A=a B B．a A＞a B C．a A＜a B D．无法比较10．（4分）飞机在空中做匀速圆周运动表演时，下列说法正确的是（）A．飞机必须受到恒力的作用B．飞机所受合力必须等于零C．飞机所受合力的大小可能变化D．飞机所受合力的大小不变，方向时刻改变11．如图所示，有一个水平大圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动，小强站在距圆心为r处的P 点不动，关于小强的受力下列说法正确的是（）A．小强在P点不动，因此不受摩擦力作用B．若使圆盘以较小的转速转动时，小强在P点受到的摩擦力为零C．小强随圆盘做匀速圆周运动，圆盘对他的摩擦力充当向心力D．如果小强随圆盘一起做变速圆周运动，那么其所受摩擦力仍指向圆心12．在光滑杆上穿着两个小球m1、m2，且m1=2m2，用细线把两球连起来，当盘架匀速转动时，两小球刚好能与杆保持无相对滑动，如右图所示，此时两小球到转轴的距离r1与r2之比为（）A．1：1 B．1：C．2：1 D．1：213．关于匀速圆周运动的说法，正确的是（）A．匀速圆周运动的速度大小保持不变，所以做匀速圆周运动的物体没有加速度B．做匀速圆周运动的物体，虽然速度大小不变，但方向时刻都在改变，所以必有加速度C．做匀速圆周运动的物体，加速度的大小保持不变，所以是匀变速曲线运动D．匀速圆周运动加速度的方向时刻都在改变，所以匀速圆周运动一定是变加速曲线运动14．（4分）一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A和B沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（）A．A球的角速度必小于B球的角速度B．A球的线速度必小于B球的线速度C．A球的运动周期必大于B球的运动周期D．A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力15．在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t=0时刻起，由坐标原点O（0，0）开始运动，其沿x轴和y轴方向运动的速度﹣时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2s内物体沿x轴做匀速线运动B．后2s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y轴方向C．4s末物体坐标为（4m，4m）D．4s末物体坐标为（6m，2m）16．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（）A．球的速度v等于LB．球从击出至落地所用时间为C．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关三.计算题（本大题4道题，共36分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．有一种叫“飞椅”的游乐项目，示意图如图所示，长为L的钢绳一端系着座椅，另一端固定在半径为r的水平转盘边缘，转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动．当转盘以角速度ω匀速转动时，钢绳与转轴在同一竖直平面内，与竖直方向的夹角为θ，不计钢绳的重力，求转盘转动的角速度ω与夹角θ的关系．18．如图，置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动，当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动．现测得转台半径R=0.5m，离水平地面的高度H=0.8m，物块平抛落地过程水平位移的大小s=0.4m．设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）物块做平抛运动的初速度大小v0；（2）物块与转台间的动摩擦因数μ．19．《愤怒的小鸟》是一款时下非常流行的游戏，游戏中的故事也相当有趣，如图甲，为了报复偷走鸟蛋的肥猪们，鸟儿以自己的身体为武器，如炮弹般弹射出去攻击肥猪们的堡垒．某班的同学们根据自己所学的物理知识进行假设：小鸟被弹弓沿水平方向弹出，如图乙所示，若h1=0.8m，l1=2m，h2=2.4m，l2=1m，小鸟飞出能否直接打中肥猪的堡垒？请用计算结果进行说明．（取重力加速度g=10m/s2）河南省平顶山市郏县一高2014-2015学年高一（下）第一次周考物理试卷参考答案一、选择题（，本大题共16小题．每小题4分．第1-11小题只有一项符合题目要求，第12-14小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一质点做曲线运动，在运动的某一位置，它的速度方向、加速度方向、以及所受的合外力的方向的关系是（）A．加速度方向与合外力的方向一定相同B．速度、加速度、合外力的方向有可能都不同C．加速度方向与速度方向一定相同D．速度方向与合外力方向可能相同，也可能不同考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当物体所受的合力方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动，不在同一条直线上，物体做曲线运动；加速度的方向与合力的方向相同．解答：解：AB、根据牛顿第二定律知，加速度的方向与合力的方向一定相同，故A正确，B错误；CD、物体做曲线运动，合力的方向与速度方向不在同一直线上，即合力方向与速度方向不同，则加速度方向与速度方向不同．故CD错误．故选：A点评：解决本题的关键掌握判断物体做直线运动还是曲线运动的方法，关键看加速度的方向与速度的方向是否在同一条直线上．2．在美国拉斯韦加斯当地时间2011年10月16日进行的印地车世界锦标赛的比赛中，发生15辆赛车连环撞车事故，两届印第安纳波利斯500赛冠军、英国车手丹•威尔顿因伤势过重去世．在比赛进行到第11圈时，77号赛车在弯道处强行顺时针加速超越是酿起这起事故的根本原因，下面四幅俯视图中画出了77号赛车转弯时所受的合力的可能情况，你认为正确的是（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：做曲线运动的物体，运动的轨迹是曲线，物体受到的合力应该是指向运动轨迹弯曲的内侧，速度沿着轨迹的切线的方向．解答：解：赛车做的是曲线运动，赛车受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车沿顺时针方向运动的，并且速度在增大，所以合力与赛车的速度方向的夹角要小于于90°，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：做曲线运动的物体，合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车的速度在增大，合力与速度的夹角还要小于90°．3．有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v的大河．小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直．去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为（）A．B．C．D．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：根据船头指向始终与河岸垂直，结合运动学公式，可列出河宽与船速的关系式，当路线与河岸垂直时，可求出船过河的合速度，从而列出河宽与船速度的关系，进而即可求解．解答：解：设船渡河时的速度为v c；当船头指向始终与河岸垂直，则有：t去=；当回程时行驶路线与河岸垂直，则有：t回=；而回头时的船的合速度为：v合=；由于去程与回程所用时间的比值为k，所以小船在静水中的速度大小为：v c=，故B正确；故选：B．点评：解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，以及知道各分运动具有独立性，互不干扰．4．人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是（）A．v0sin θB．C．v0cos θD．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，根据平行四边形定则求出A的实际运动的速度．解答：解：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度为：v=．故选：D．点评：解决本题的关键知道速度的合成与分解遵循平行四边形定则，注意会画出正确的速度的分解图．5．在平坦的垒球运动场上，击球手挥动球棒将垒球水平击出，垒球飞行一段时间后落地，若不计空气阻力，则（）A．垒球落地时瞬间速度的方向仅由击球点离地面的高度决定B．垒球落地时瞬间速度的大小仅由初速度决定C．垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定D．垒球在空中运动的水平位移仅由初速度决定考点：平抛运动．分析：垒球做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，分析时要抓住两个方向上运动的时间相同．解答：解：A、垒球落地时瞬时速度与水平方向夹角的正切tanθ==，所以垒球落地时瞬时速度的方向与击球点离地面的高度和球的初速度都有关，故A错误．B、落地时的瞬时速度的大小为v==，所以垒球落地时瞬时速度的大小既与初速度有关，也与高度有关，故B错误．C、垒球做平抛运动，竖直方向上做自由落体运动，由h=，得t=，则知垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定，故C正确．D、垒球在空中运动的水平位移x=v0t=v0，所以垒球在空中运动的水平位移与击球点离地面的高度和球的初速度都有关，故D错误．故选：C．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，运用运动学规律来求解．6．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为（）A．tanθB．2tanθC．D．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，根据速度与斜面垂直，得出水平分速度与竖直分速度的比值，从而得出小球在竖直位移与在水平方向位移之比．解答：解：球撞在斜面上，速度方向与斜面垂直，则速度方向与竖直方向的夹角为θ，则有：tanθ=，竖直方向上和水平方向上的位移比值为=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题是有条件的平抛运动，关键要明确斜面的方向反映了速度方向与竖直方向的夹角，将速度进行分解，再运用平抛运动的规律解决这类问题．7．如图所示，在一次空地演习中，离地H高处的飞机以水平速度v1发射一颗炮弹欲轰炸地面目标P，反应灵敏的地面拦截系统同时以速度v2竖直向上发射炮弹拦截．设拦截系统与飞机的水平距离为s，若拦截成功，不计空气阻力，则v1、v2关系应满足（）A．v1=v2 B．v1=v2 C．v1=v2 D．v1=v2考点：平抛运动；竖直上抛运动．专题：平抛运动专题．分析：若拦截成功，竖直上抛的炮弹和平抛的炮弹运动时间相等，在竖直方向上的位移之和等于H，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．解答：解：炮弹运行的时间t=，在这段时间内飞机发射炮弹在竖直方向上的位移为：h1=，拦截炮弹在这段时间内向上的位移为：h2=v2t﹣，则H=h1+h2=v2t，所以有：v1=．故选：D．点评：解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道竖直上抛运动加速度不变，是匀变速直线运动．8．如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的初速v同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为37°和53°，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A和B两小球的运动时间之比为（）A．3：4 B．4：3 C．9：16 D．16：9考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：两球都落在斜面上，位移上有限制，位移与水平方向的夹角为定值，竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，由此可正确解答．解答：解：对于A球有：，解得：同理对B有：由此解得：，A、B、d错误，C正确．故选C．点评：解决本题的关键抓住平抛运动落在斜面上竖直方向上的位移和水平方向上的位移是定值．9．（4分）如图所示，天车下吊着两个质量都是m的工件A和B，整体一起向左匀速运动．系A的吊绳较短，系B的吊绳较长，若天车运动到某处突然停止，此后A和B两工件的向心加速度a A和a B的大小关系是（）A．a A=a B B．a A＞a B C．a A＜a B D．无法比较考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：天车运动到P处突然停止时，A、B由于惯性，要继续运动，将做圆周运动，根据a=判定加速度大小．解答：解：天车运动到P处突然停止时，A、B以相同的速度将做圆周运动，a==，因为A的绳长小于B的绳长，则A的加速度大于B的加速度，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键能够判断出天车突然停止时A、B的运动情况，以及知道圆周运动径向的合力提供向心力．10．（4分）飞机在空中做匀速圆周运动表演时，下列说法正确的是（）A．飞机必须受到恒力的作用B．飞机所受合力必须等于零C．飞机所受合力的大小可能变化D．飞机所受合力的大小不变，方向时刻改变考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动指速度大小不变的圆周运动，其周期和角速度都是不变的，但是线速度的方向不断改变，合外力指向圆心，大小不变，向时刻变化．解答：解：飞机在空中做匀速圆周运动表演时，由合外力提供向心力，向心力的方向始终指向圆心，时刻改变，大小不变，故ABC错误，D正确；故选：D．点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．11．如图所示，有一个水平大圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动，小强站在距圆心为r处的P 点不动，关于小强的受力下列说法正确的是（）A．小强在P点不动，因此不受摩擦力作用B．若使圆盘以较小的转速转动时，小强在P点受到的摩擦力为零C．小强随圆盘做匀速圆周运动，圆盘对他的摩擦力充当向心力D．如果小强随圆盘一起做变速圆周运动，那么其所受摩擦力仍指向圆心考点：向心力；摩擦力的判断与计算．专题：匀速圆周运动专题．分析：小强随圆盘做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，分析小强的受力情况，确定其所受的摩擦力方向．解答：解：A、B、C、以小强为研究对象，小强受到：重力、支持力和静摩擦力，受力如图所示，小强相对圆盘静止，与圆盘一起做匀速圆周运动，所需要的向心力在水平面内指向圆心，重力G与支持力F N在竖直方向上，G与F N二力平衡，不可能提供向心力，因此小强作圆周运动的向心力由静摩擦力f提供．故AB错误，C正确．D、若小强随圆盘一起做变速圆周运动，则小强沿圆周有切向的分加速度，需要有切向的外力，这个切向外力是由摩擦力的分力提供向心力，摩擦力的另一个分力提供向心力，所以此时摩擦力不再指向圆心．故D错误．故选：C．点评：本题关键对做圆周运动的物体进行受力分析，明确做匀速圆周运动的物体需要向心力，向心力是效果力，它由物体所受的合外力提供．12．在光滑杆上穿着两个小球m1、m2，且m1=2m2，用细线把两球连起来，当盘架匀速转动时，两小球刚好能与杆保持无相对滑动，如右图所示，此时两小球到转轴的距离r1与r2之比为（）A．1：1 B．1：C．2：1 D．1：2考点：向心力；牛顿第二定律；线速度、角速度和周期、转速．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：两小球所受的绳子的拉力提供向心力，并且它们的加速度相等，根据向心力公式即可求解．解答：解：两小球所受的绳子的拉力提供向心力，所以向心力相等，角速度又相等，则有：m1ω2r1=m2ω2r2解得：r1：r2=1：2故选D点评：本题主考考查了向心力公式的应用，知道两小球的角速度和向心力相等．13．关于匀速圆周运动的说法，正确的是（）A．匀速圆周运动的速度大小保持不变，所以做匀速圆周运动的物体没有加速度B．做匀速圆周运动的物体，虽然速度大小不变，但方向时刻都在改变，所以必有加速度C．做匀速圆周运动的物体，加速度的大小保持不变，所以是匀变速曲线运动D．匀速圆周运动加速度的方向时刻都在改变，所以匀速圆周运动一定是变加速曲线运动考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动；加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．解答：解：A、B、匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，故速度是变化的，一定是变速运动，一定具有加速度，故A错误，B正确；C、D、匀速圆周运动加速度大小不变，方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动，故C错误，D正确；故选：BD．点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．14．（4分）一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A和B沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（）A．A球的角速度必小于B球的角速度B．A球的线速度必小于B球的线速度C．A球的运动周期必大于B球的运动周期D．A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．解答：解：A、以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受力如图所示，由牛顿第二定律得：mgtanθ=m，解得：v=，则ω==，T==2π，由图示可知，对于AB两个球来说，重力加速度g与角θ相同，A的转动半径大，B的半径小，因此，A的角速度小于B的角速度，A的线速度大于B的线速度，A的周期大于B的周期，故AC正确，B错误；D、由受力分析图可知，球受到的支持力F N=，由于两球的质量m与角度θ相同，则桶壁对AB两球的支持力相等，由牛顿第三定律可知，两球对桶壁的压力相等，故D错误；故选：AC．点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析．15．在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t=0时刻起，由坐标原点O（0，0）开始运动，其沿x轴和y轴方向运动的速度﹣时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2s内物体沿x轴做匀速线运动B．后2s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y轴方向C．4s末物体坐标为（4m，4m）D．4s末物体坐标为（6m，2m）考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：通过甲乙图象得出物体在x轴方向和y方向上的运动规律，从而得出合运动的规律，结合图线与时间轴围成的面积分别求出分位移的大小，从而确定4s末物体的坐标．解答：解：A、由甲乙图象可知，前2 s内物体沿x轴做匀加速直线运动，在沿y方向静止，所以前2s内做匀变速直线运动．故A错误．B、后2 s内物体在x方向以2m/s做匀速运动，在y方向做初速为零的匀加速运动，其合运动为匀变速曲线运动，故B错误；C、4 s末物体在x方向的位移为，y方向的位移为，则物体的位置坐标为（6 m，2 m），故D正确，C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道合运动与分运动具有等时性，两分运动互不干扰，合成和分解遵循平行四边形定则．16．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（）A．球的速度v等于LB．球从击出至落地所用时间为C．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：网球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．解答：解：A、网球做的是平抛运动，在水平方向上匀速直线运动：L=vt在竖直方向上，小球做自由落体运动：H=gt2代入数据解得：v=，t=，所以AB正确．C、位移是指从初位置到末位置的有向线段，初位置是在球网正上方距地面H处，末位置是在底线上，所以位移的大小为，与球的质量无关，所以CD错误．故选：AB．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．位移一定要注意是从初位置到末位置的由向线段，与物体的路径无关．。
河南省-平顶山市-郏县高一物理下学期摸底考试试题(扫描版).doc
答案一、选择题。
1、B2、B3、C4、B5、C6、C7、A8、D9、AB10、BC 11、AD 12、BC二、实验题。
13、（1）F ' （2）ACD 14、（1）BC （2）2.00 （3）C三、计算题（第15题12分，第16题12分，第17题13分）。
15、解：（1）设滴水的时间间隔为t ∆，则此时第2滴水滴已经运动了3t ∆，它的位移22)3(21t g x ∆=……① 而此时第3滴水滴已经运动了2t ∆，它的位移 23)2(21t g x ∆=……② 由题意知：132=-x x m ……③联立求解得：t ∆=0.2秒 （6分）（2）经分析知，每个水滴从屋檐落到地面都需要4t ∆的时间，所以屋檐离地面的高度2)4(21t g H ∆==3.2米 （6分）16、解：（1）如图所示，撤去力F 之前，由牛顿第二定律得：水平方向：Fcos37°－f=ma ……①竖直方向：N －mg －Fsin37°=0 ……②又有：f=μN ……③由①②③得：a 1=2.7m/s 2 ……④由运动学公式：v t =v 0+at得，撤去力F 时物块速度v=10.8m/s …… ⑤ （4分）（2）撤去力F 后，由牛顿第二定律F=ma得物块加速度a 2==μg ……⑥解得a 2=1m/s 2 ……⑦ （4分）（3）由运动学公式：2021at t v s +=及④式得 撤去力F 时物块位移s 1=21.6m ……⑧由位移公式s=av v 2202-及⑥式 得撤去力F 后物块位移s 2=58.32m ……⑨故物块在水平面上的总位移s=s 1+s 2=79.92m …… ⑩ （4分）17、解：（1）受力分析如图mg N F =+010130cos 30sin ……①1010130sin 30cos ma N F =-……②已知3/1g a =……③ 联立求解得：mg F )633(1+= （4分） （2）设加速度至少为2a 时，小球对劈无压力，此时2a 方向向左。
高一物理下学期第一次月考试题(扫描版)(2021学年)
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2０17-２018学年下学期高一第一次月考答案一、选择题1、C2、C3、ACD4、B5、B6、C7、B ８、C9、Ｃ 10、B 11、AＣD 12、AD 13、C 14、ＢC 15、BC二、实验题16. BＤ0。
1s 1．5 ｍ/s 2。
5 m／s 小球沿水平方向抛出;或确保小球做平抛运动．三、计算题:1７．（1)ω１＝40 rａｄ/ｓ (2）B对地面的压力为１2N,方向竖直向下【解析】(1）当B对地面恰好无压力时,有:Mg=F T′，拉力 FＴ′提供小球A所需向心力，则：F T′=mrω12则有:Mg = mrω12 代值可得ω1=40 rad/ｓ(2)对小球A来说,绳子的拉力提供向心力,则:F T＝ｍｒω2=0。
1×0.１×2０２Ｎ=4N，对物体B来说,物体受到三个力的作用：重力Mg、绳子的拉力F T、地面的支持力F N，由力的平衡条件可得：FＴ+F N=Mg 故ＦN=Ｍｇ-F T将FＴ＝4Ｎ代入可得：FＮ=（1.6×10—4)N=12N由牛顿第三定律可知,B对地面的压力为12 N，方向竖直向下．18.（1) (2）2R【解析】(1)在B点小球做圆周运动, ,得ﻫ由牛顿第三定律知小球通过B点时对半圆槽的压力大小是；ﻫ(2)在C点小球恰能通过,故只有重力提供向心力，则过C点小球做平抛运动: , , ﻫ联立以上各式可得．19.(1)1。
2022年河南省平顶山市郏县第一中学高三物理测试题含解析
2022年河南省平顶山市郏县第一中学高三物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 一质点自轴原点出发，沿正方向以加速度加速，经过时间速度变，接着以-加速度运动，当速度度变为时，加速度又为，直至速度为时，加速度再变为-，直到速度变为-，如此反复运动其图像如图所示，则下列说法正确的是A．质点一直沿轴正方向运动B．质点将在轴上一直运动，永远不会停止C．质点最终静止时离开原点的距离一定大于D．质点运动过程中离原点的最大距离为参考答案：D2. 某节能运输系统装置的简化示意图如图2所示．小车在轨道顶端时，自动将货物装入车中，然后小车载着货物沿不光滑的轨道无初速下滑，并压缩弹簧。
当弹簧被压缩至最短时，立即锁定并自动将货物卸下．卸完货物后随即解锁，小车恰好被弹回到轨道顶端，此后重复上述过程。
则下列说法中正确的是A．小车上滑的加速度大于下滑的加速度B．小车每次运载货物的质量必须是确定的C．小车上滑过程中克服摩擦阻力做的功等于小车下滑过程中克服摩擦阻力做的功D．小车与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能部分转化为弹簧的弹性势能参考答案：ABD小车滑动时受重力、支持力和滑动摩擦力，其中重力沿斜面的分力mgsinθ大于滑动摩擦力，对小车受力分析，根据牛顿第二定律得：下滑时加速度为g-μgcosθ，上滑时加速度为g+μgcosθ，故A正确。
设下滑的距离为l，根据功能关系有：μ（m+M）glcosθ+μMglcosθ=mglsinθ，由于μ、g、l、θ、M均是固定的量，故小车每次运载货物的质量m必须是确定的，B正确。
小车上滑过程中克服摩擦阻力做的功小于小车下滑过程中克服摩擦阻力做的功，C错误。
根据能量守恒得：在小车与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能和内能，故D正确．故选ABD．3. （多选）如图所示，匀强磁场的方向竖直向下，磁场中有光滑的水平桌面，在桌面上平放着内壁光滑、底部有带电小球的试管。
第一次周考物理试卷2.27
郏县一高2015—2016学年下学期第一次周考 高二物理 2.27第Ⅰ卷 选择题（共64分）一、选择题（本大题共16小题。
每小题4分。
在每小题给出的四个选项中。
1-12小题只有一项符合题目要求，13-16小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．如图所示为一正弦交变电压随时间变化的图象，由图可知（ ）A ．该交流电的周期为2 sB ．用电压表测量该交流电压时，t=0.01s 时读数为0VC ．用电压表测量该交流电压时，任何时刻电压表的读数均为311VD ．该交流电电压的有效值为220 V2．中国已投产运行的1 000 kV 特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程．假设甲、乙两地原采用500 kV 的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P .在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1 000 kV 特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为( ) A.P 4 B.P 2 C ．2P D ．4P3．如图所示，理想变压器的输入端接正弦交流电，副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L 1和L 2；输电线的等效电阻为R ，开始时，电键K 断开．当K 接通时，以下说法中正确的是( )A ．副线圈两端电压减小B ．R 上的电压减小C ．原线圈中的电流增大D ．通过灯泡L 1的电流增大4.下列关于分子动理论的说法中正确的是( )A ．分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大B ．分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大C ．物体温度越高，该物体内所有分子运动的速率都一定越大D ．显微镜下观察到墨水中的小颗粒在不停地做无规则运动，这就是液体分子的运动5．做布朗运动实验，得到某个观测记录如图所示。
图中记录的是( )A ．分子无规则运动的情况B ．某个微粒做布朗运动的轨迹C ．某个微粒做布朗运动的速度—时间图线D ．按等时间间隔依次记录的某个运动微粒位置的连线6如果将两个分子看成质点，当这两个分子之间的距离为r 0时分子力为零，则分子力F 及分子势能E p 随着分子间距离r 的变化而变化的情况是( )A ．当r ＞r 0时，随着r 变大，F 变小，E p 变小B ．当r ＞r 0时，随着r 变大，F 变大，E p 变大C ．当r ＜r 0时，随着r 变小，F 变大，E p 变小D ．当r ＜r 0时，随着r 变小，F 变大，E p 变大7．一定质量的理想气体，压强为3 atm ，保持温度不变，当压强减小2 atm 时，体积变化4 L ，则该气体原来的体积为( )．A.43 L B ．2 L C.83L D ．8 L 8．关于理想气体的状态变化，下列说法中正确的是( )．A ．一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100 ℃上升到200 ℃时，其体积增大为原来的2倍B ．气体由状态1变化到状态2时，一定满足方程p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2C ．一定质量的理想气体体积增大到原来的4倍，可能是压强减半，热力学温度加倍D ．一定质量的理想气体压强增大到原来的4倍，可能是体积加倍，热力学温度减半9．图为一定质量理想气体的压强p 与体积V 关系图像，它由状态A 经等容过程到状态B ，再经等压过程到状态C ，设A 、B 、C 状态对应的温度分别为T A 、T B 、T C ，则下列关系式中正确的是 )。
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2014-2015学年河南省平顶山市郏县一高高一（下）第一次周考物理试卷一、选择题（，本大题共16小题．每小题4分．第1-11小题只有一项符合题目要求，第12-14小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一质点做曲线运动，在运动的某一位置，它的速度方向、加速度方向、以及所受的合外力的方向的关系是（）A．加速度方向与合外力的方向一定相同B．速度、加速度、合外力的方向有可能都不同C．加速度方向与速度方向一定相同D．速度方向与合外力方向可能相同，也可能不同考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当物体所受的合力方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动，不在同一条直线上，物体做曲线运动；加速度的方向与合力的方向相同．解答：解：AB、根据牛顿第二定律知，加速度的方向与合力的方向一定相同，故A正确，B错误；CD、物体做曲线运动，合力的方向与速度方向不在同一直线上，即合力方向与速度方向不同，则加速度方向与速度方向不同．故CD错误．故选：A点评：解决本题的关键掌握判断物体做直线运动还是曲线运动的方法，关键看加速度的方向与速度的方向是否在同一条直线上．2．在美国拉斯韦加斯当地时间2011年10月16日进行的印地车世界锦标赛的比赛中，发生15辆赛车连环撞车事故，两届印第安纳波利斯500赛冠军、英国车手丹•威尔顿因伤势过重去世．在比赛进行到第11圈时，77号赛车在弯道处强行顺时针加速超越是酿起这起事故的根本原因，下面四幅俯视图中画出了77号赛车转弯时所受的合力的可能情况，你认为正确的是（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：做曲线运动的物体，运动的轨迹是曲线，物体受到的合力应该是指向运动轨迹弯曲的内侧，速度沿着轨迹的切线的方向．解答：解：赛车做的是曲线运动，赛车受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车沿顺时针方向运动的，并且速度在增大，所以合力与赛车的速度方向的夹角要小于于90°，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：做曲线运动的物体，合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车的速度在增大，合力与速度的夹角还要小于90°．3．有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v的大河．小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直．去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为（）A．B．C．D．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：根据船头指向始终与河岸垂直，结合运动学公式，可列出河宽与船速的关系式，当路线与河岸垂直时，可求出船过河的合速度，从而列出河宽与船速度的关系，进而即可求解．解答：解：设船渡河时的速度为v c；当船头指向始终与河岸垂直，则有：t去=；当回程时行驶路线与河岸垂直，则有：t回=；而回头时的船的合速度为：v合=；由于去程与回程所用时间的比值为k，所以小船在静水中的速度大小为：v c=，故B正确；故选：B．点评：解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，以及知道各分运动具有独立性，互不干扰．4．人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A 到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是（）A．v0sin θB．C．v0cos θD．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，根据平行四边形定则求出A的实际运动的速度．解答：解：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度为：v=．故选：D．点评：解决本题的关键知道速度的合成与分解遵循平行四边形定则，注意会画出正确的速度的分解图．5．在平坦的垒球运动场上，击球手挥动球棒将垒球水平击出，垒球飞行一段时间后落地，若不计空气阻力，则（）A．垒球落地时瞬间速度的方向仅由击球点离地面的高度决定B．垒球落地时瞬间速度的大小仅由初速度决定C．垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定D．垒球在空中运动的水平位移仅由初速度决定考点：平抛运动．分析：垒球做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，分析时要抓住两个方向上运动的时间相同．解答：解：A、垒球落地时瞬时速度与水平方向夹角的正切tanθ==，所以垒球落地时瞬时速度的方向与击球点离地面的高度和球的初速度都有关，故A错误．B、落地时的瞬时速度的大小为v==，所以垒球落地时瞬时速度的大小既与初速度有关，也与高度有关，故B错误．C、垒球做平抛运动，竖直方向上做自由落体运动，由h=，得t=，则知垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定，故C正确．D、垒球在空中运动的水平位移x=v0t=v0，所以垒球在空中运动的水平位移与击球点离地面的高度和球的初速度都有关，故D错误．故选：C．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，运用运动学规律来求解．6．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为（）A．tanθB．2tanθC．D．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，根据速度与斜面垂直，得出水平分速度与竖直分速度的比值，从而得出小球在竖直位移与在水平方向位移之比．解答：解：球撞在斜面上，速度方向与斜面垂直，则速度方向与竖直方向的夹角为θ，则有：tanθ=，竖直方向上和水平方向上的位移比值为=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题是有条件的平抛运动，关键要明确斜面的方向反映了速度方向与竖直方向的夹角，将速度进行分解，再运用平抛运动的规律解决这类问题．7．如图所示，在一次空地演习中，离地H高处的飞机以水平速度v1发射一颗炮弹欲轰炸地面目标P，反应灵敏的地面拦截系统同时以速度v2竖直向上发射炮弹拦截．设拦截系统与飞机的水平距离为s，若拦截成功，不计空气阻力，则v1、v2关系应满足（）A．v1=v2B．v1=v2C．v1=v2D．v1=v2考点：平抛运动；竖直上抛运动．专题：平抛运动专题．分析：若拦截成功，竖直上抛的炮弹和平抛的炮弹运动时间相等，在竖直方向上的位移之和等于H，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．解答：解：炮弹运行的时间t=，在这段时间内飞机发射炮弹在竖直方向上的位移为：h1=，拦截炮弹在这段时间内向上的位移为：h2=v2t﹣，则H=h1+h2=v2t，所以有：v1=．故选：D．点评：解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道竖直上抛运动加速度不变，是匀变速直线运动．8．如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的初速v同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为37°和53°，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A 和B两小球的运动时间之比为（）A．3：4 B．4：3 C．9：16 D．16：9考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：两球都落在斜面上，位移上有限制，位移与水平方向的夹角为定值，竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，由此可正确解答．解答：解：对于A球有：，解得：同理对B有：由此解得：，A、B、d错误，C正确．故选C．点评：解决本题的关键抓住平抛运动落在斜面上竖直方向上的位移和水平方向上的位移是定值．9．（4分）如图所示，天车下吊着两个质量都是m的工件A和B，整体一起向左匀速运动．系A的吊绳较短，系B的吊绳较长，若天车运动到某处突然停止，此后A和B两工件的向心加速度a A和a B的大小关系是（）A．a A=a B B．a A＞a B C．a A＜a B D．无法比较考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：天车运动到P处突然停止时，A、B由于惯性，要继续运动，将做圆周运动，根据a=判定加速度大小．解答：解：天车运动到P处突然停止时，A、B以相同的速度将做圆周运动，a==，因为A的绳长小于B的绳长，则A的加速度大于B的加速度，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键能够判断出天车突然停止时A、B的运动情况，以及知道圆周运动径向的合力提供向心力．10．（4分）飞机在空中做匀速圆周运动表演时，下列说法正确的是（）A．飞机必须受到恒力的作用B．飞机所受合力必须等于零C．飞机所受合力的大小可能变化D．飞机所受合力的大小不变，方向时刻改变考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动指速度大小不变的圆周运动，其周期和角速度都是不变的，但是线速度的方向不断改变，合外力指向圆心，大小不变，向时刻变化．解答：解：飞机在空中做匀速圆周运动表演时，由合外力提供向心力，向心力的方向始终指向圆心，时刻改变，大小不变，故ABC错误，D正确；故选：D．点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．11．如图所示，有一个水平大圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动，小强站在距圆心为r处的P点不动，关于小强的受力下列说法正确的是（）A．小强在P点不动，因此不受摩擦力作用B．若使圆盘以较小的转速转动时，小强在P点受到的摩擦力为零C．小强随圆盘做匀速圆周运动，圆盘对他的摩擦力充当向心力D．如果小强随圆盘一起做变速圆周运动，那么其所受摩擦力仍指向圆心考点：向心力；摩擦力的判断与计算．专题：匀速圆周运动专题．分析：小强随圆盘做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，分析小强的受力情况，确定其所受的摩擦力方向．解答：解：A、B、C、以小强为研究对象，小强受到：重力、支持力和静摩擦力，受力如图所示，小强相对圆盘静止，与圆盘一起做匀速圆周运动，所需要的向心力在水平面内指向圆心，重力G 与支持力F N在竖直方向上，G与F N二力平衡，不可能提供向心力，因此小强作圆周运动的向心力由静摩擦力f提供．故AB错误，C正确．D、若小强随圆盘一起做变速圆周运动，则小强沿圆周有切向的分加速度，需要有切向的外力，这个切向外力是由摩擦力的分力提供向心力，摩擦力的另一个分力提供向心力，所以此时摩擦力不再指向圆心．故D错误．故选：C．点评：本题关键对做圆周运动的物体进行受力分析，明确做匀速圆周运动的物体需要向心力，向心力是效果力，它由物体所受的合外力提供．12．在光滑杆上穿着两个小球m1、m2，且m1=2m2，用细线把两球连起来，当盘架匀速转动时，两小球刚好能与杆保持无相对滑动，如右图所示，此时两小球到转轴的距离r1与r2之比为（）A．1：1 B．1：C．2：1 D．1：2考点：向心力；牛顿第二定律；线速度、角速度和周期、转速．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：两小球所受的绳子的拉力提供向心力，并且它们的加速度相等，根据向心力公式即可求解．解答：解：两小球所受的绳子的拉力提供向心力，所以向心力相等，角速度又相等，则有：m1ω2r1=m2ω2r2解得：r1：r2=1：2故选D点评：本题主考考查了向心力公式的应用，知道两小球的角速度和向心力相等．13．关于匀速圆周运动的说法，正确的是（）A．匀速圆周运动的速度大小保持不变，所以做匀速圆周运动的物体没有加速度B．做匀速圆周运动的物体，虽然速度大小不变，但方向时刻都在改变，所以必有加速度C．做匀速圆周运动的物体，加速度的大小保持不变，所以是匀变速曲线运动D．匀速圆周运动加速度的方向时刻都在改变，所以匀速圆周运动一定是变加速曲线运动考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动；加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．解答：解：A、B、匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，故速度是变化的，一定是变速运动，一定具有加速度，故A错误，B正确；C、D、匀速圆周运动加速度大小不变，方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动，故C错误，D正确；故选：BD．点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．14．（4分）一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A 和B沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（）A．A球的角速度必小于B球的角速度B．A球的线速度必小于B球的线速度C．A球的运动周期必大于B球的运动周期D．A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．解答：解：A、以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受力如图所示，由牛顿第二定律得：mgtanθ=m，解得：v=，则ω==，T==2π，由图示可知，对于AB两个球来说，重力加速度g与角θ相同，A的转动半径大，B的半径小，因此，A的角速度小于B的角速度，A的线速度大于B的线速度，A的周期大于B的周期，故AC正确，B错误；D、由受力分析图可知，球受到的支持力F N=，由于两球的质量m与角度θ相同，则桶壁对AB两球的支持力相等，由牛顿第三定律可知，两球对桶壁的压力相等，故D错误；故选：AC．点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析．15．在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t=0时刻起，由坐标原点O（0，0）开始运动，其沿x轴和y轴方向运动的速度﹣时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2s内物体沿x轴做匀速线运动B．后2s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y轴方向C．4s末物体坐标为（4m，4m）D．4s末物体坐标为（6m，2m）考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：通过甲乙图象得出物体在x轴方向和y方向上的运动规律，从而得出合运动的规律，结合图线与时间轴围成的面积分别求出分位移的大小，从而确定4s末物体的坐标．解答：解：A、由甲乙图象可知，前2 s内物体沿x轴做匀加速直线运动，在沿y方向静止，所以前2s内做匀变速直线运动．故A错误．B、后2 s内物体在x方向以2m/s做匀速运动，在y方向做初速为零的匀加速运动，其合运动为匀变速曲线运动，故B错误；C、4 s末物体在x方向的位移为，y方向的位移为，则物体的位置坐标为（6 m，2 m），故D正确，C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道合运动与分运动具有等时性，两分运动互不干扰，合成和分解遵循平行四边形定则．16．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v 沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（）A．球的速度v等于LB．球从击出至落地所用时间为C．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：网球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．解答：解：A、网球做的是平抛运动，在水平方向上匀速直线运动：L=vt在竖直方向上，小球做自由落体运动：H=gt2代入数据解得：v=，t=，所以AB正确．C、位移是指从初位置到末位置的有向线段，初位置是在球网正上方距地面H处，末位置是在底线上，所以位移的大小为，与球的质量无关，所以CD错误．故选：AB．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．位移一定要注意是从初位置到末位置的由向线段，与物体的路径无关．三.计算题（本大题4道题，共36分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．有一种叫“飞椅”的游乐项目，示意图如图所示，长为L的钢绳一端系着座椅，另一端固定在半径为r的水平转盘边缘，转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动．当转盘以角速度ω匀速转动时，钢绳与转轴在同一竖直平面内，与竖直方向的夹角为θ，不计钢绳的重力，求转盘转动的角速度ω与夹角θ的关系．考点：向心力；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：对飞椅受力分析，求得椅子受到的合力的大小，根据向心力的公式可以求得角速度ω与夹角θ的关系．解答：解：对飞椅受力分析：重力mg和钢绳的拉力F，由合力提供向心力，则根据牛顿第二定律得：竖直方向上：Fcosθ=mg水平方向上：Fsinθ=mω2R其中R=Lsinθ+r解得：ω==答：转盘转动的角速度ω与夹角θ的关系为：ω=．点评：飞椅做的是圆周运动，确定圆周运动所需要的向心力是解题的关键，向心力都是有物体受到的某一个力或几个力的合力来提供，在对物体受力分析时一定不能分析出物体受向心力这么一个单独的力．18．如图，置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动，当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动．现测得转台半径R=0.5m，离水平地面的高度H=0.8m，物块平抛落地过程水平位移的大小s=0.4m．设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）物块做平抛运动的初速度大小v0；（2）物块与转台间的动摩擦因数μ．考点：动能定理的应用；平抛运动．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平方向和竖直方向上的运动规律求出平抛运动的初速度．（2）当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动．根据静摩擦力提供向心力，通过临界速度求出动摩擦因数．解答：解：（1）物块做平抛运动，在竖直方向上有：…①在水平方向上有：s=v0t…②由①②得：（2）物块离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有：…③f m=μN=μmg…④由③④式解得：μ===0.2答：（1）物块做平抛运动的初速度大小为1m/s．（2）物块与转台间的动摩擦因数μ为0.2．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及知道物块随转台一起做圆周运动，靠静摩擦力提供向心力．19．《愤怒的小鸟》是一款时下非常流行的游戏，游戏中的故事也相当有趣，如图甲，为了报复偷走鸟蛋的肥猪们，鸟儿以自己的身体为武器，如炮弹般弹射出去攻击肥猪们的堡垒．某班的同学们根据自己所学的物理知识进行假设：小鸟被弹弓沿水平方向弹出，如图乙所示，若h1=0.8m，l1=2m，h2=2.4m，l2=1m，小鸟飞出能否直接打中肥猪的堡垒？请用计算结果进行说明．（取重力加速度g=10m/s2）考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，假设能直接击中，结合平抛运动的规律求出初速度的大小，从而得出下降h1高度时的位移，判断能否直接击中．解答：解：设小鸟以v0弹出能直接击中堡垒，根据得，t=，则水平初速度．根据得，，则水平位移x1=v0t1=3.75×0.4m=1.5m＜l1．知小鸟飞出不能直接打中肥猪的堡垒．答：小鸟飞出不能直接打中肥猪的堡垒．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．。