选修3-3课时作业
高中物理第十五章相对论简介34狭义相对论的其他结论广义相对论简介课时作业课件新人教版选修3-
Ek＝E－E0＝mc2－m0c2＝0.25m0c2.由动能定理可知，对粒子做的
功应为粒子加速过程中的动能的增量，即 W＝Ek－0＝0.25m0c2.
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2024/10/20
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解析：质能方程指出了物体的能量与质量之间存在对应关系， 但质量不是能量．
2．某星体以速度 v 离开地球，其谱线在地球上看来( B )
A．光谱不变 B．光谱红移 C．光谱紫移 D．光谱压缩
解析：星体以速度 v 离开地球时，在它们之间传播的电磁波 的频率会变低，因此光谱线在地球上看来频率变低即光谱红移．
解析：(1)飞船 A 对地面的速度 v＝2.5×108 m/s，设 B 对 A 的速度为 u′，飞船 B 对地面的速度 u＝2.0×108 m/s，由相对论 速度变换公式 u＝1u＋′u＋′c2vv，得 u′＝vcvu2－－u1＝－1.125×108 m/s
(2)飞船 B 上乘客看飞船 A 的速度则相反为 1.125×108 m/s.
课时作业27 狭义相对论的其他结论 课时作业28 广义相对论简介
时间：45 分钟 一、选择题(1～5 为单选，6～10 为多选) 1．物理学发展过程中，不少物理学家作出了重大贡献，下列
有关物理学史不符合事实的是( D )
A．麦克斯韦建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在 B．赫兹首先捕捉到电磁波 C．伽利略认为，力学规律在任何惯性参考系中都是相同的 D．爱因斯坦通过质能方程阐明质量就是能量
解析：由广义相对论的推论可知，光线在引力场中偏转，选 项 A 正确，选项 B 错误；引力场的存在使得空间不同位置的时间 进程出现差别，选项 C、D 正确．
9．关于物体的质量，下列说法正确的是( ACD )
高二历史人民版选修3作业：专题三 第三课 课时跟踪训练
[课时跟踪训练](时间：25分钟满分：50分)一、选择题(每小题4分，共24分)1．1936年德国和日本签订《反共产国际协定》的根本意图在于()A．夹击苏联B．消灭共产国际C．反对社会主义D．欺骗英法等国，积蓄力量，准备战争解析：A、B、C三项都是德日结盟的借口，其真实的用意是为了欺骗英法美等国，而根本目的是为了扩军备战。
解析：D2．(2012·大纲全国高考)1941年6月，英国首相丘吉尔在得知纳粹德国进攻苏联后说“如果希特勒入侵地狱，我也会在下院为恶魔说几句好话。
”这反映出丘吉尔() A．愿意承担绥靖政策失败的责任B．希望尽快开辟第二战场C．认为支持苏联符合英国利益D．力主建立反法西斯同盟解析：材料中的“地狱”“恶魔”指苏联这一社会主义国家，愿意在下院为其说好话，说明丘吉尔表示支持苏联，他是站在与希特勒相敌对的立场，这样做是为了维护英国的利益。
A、B、D三项在题中无法体现。
答案为C。
答案：C3．太平洋战争爆发的最主要原因是()A．日本推行“大东亚共荣圈”计划B．美英等国对日本实行贸易禁运C．为配合德国进攻苏联D．美日在亚太地区的矛盾激化解析：太平洋战争爆发是因为日本偷袭美国海军基地珍珠港引起的，它体现了美日在亚太地区争夺的矛盾，这是战争爆发的主要因素。
答案：D4．世界反法西斯战争胜利的根本保证是()A．美国对日投掷原子弹与苏联对日宣战B．世界反法西斯联盟的建立C．斯大林格勒保卫战的胜利D．侵略战争的非正义性解析：本题考查辨别历史事物得出正确结论的能力。
第二次世界大战是一场世界人民的反法西斯战争，世界反法西斯联盟的建立是这场战争取胜的根本保证。
其他三项均不是战争胜利的根本保证。
答案：B5．1942年苏、中、美、英等26国在华盛顿签署了《联合国家宣言》，标志着世界反法西斯联盟的正式建立。
世界反法西斯联盟的建立表明()①意识形态不同的国家可以联合共同应付人类面临的挑战②世界是进步的，和平、民主的潮流不可抗拒③英美等国对待苏联的立场是会发生根本变化的④坚持资本主义民主制度的国家是反法西斯的决定性力量A．①②③B．②④C．①②D．③④解析：英美反苏的立场并未因结成反法西斯联盟而改变，故③错误；苏联是反法西斯战争的决定性力量之一，故④错误。
高二化学选修3_《分子空间结构与价层电子对互斥理论》课后作业
第二节分子的立体构型第一课时形形色色的分子、价层电子对互斥理论一、选择题(本题包括10小题，每小题5分，共50分)1.2015·试题调研下列分子或离子中，不含孤电子对的是()A．H2O B．H3O＋C．NH3D．NH＋42.2015·大连高二检测在以下的分子或离子中，空间结构的几何形状不是三角锥形的是()A．NF3B．CH－3C．CO2D．H3O＋3．下列分子呈平面三角形的是()A．HgCl2B．BF3C．TeCl4D．SF64.2015·经典习题选萃用价层电子对互斥理论预测H2S和BF3的立体构型，两个结论都正确的是()A．直线形三角锥形B．V形三角锥形C．直线形平面三角形D．V形平面三角形5．(双选)2015·试题调研六氟化硫分子呈正八面体形(如图所示)，在高电压下仍有良好的绝缘性，在电器工业方面有着广泛的用途，但逸散到空气中会引起强温室效应。
下列有关六氟化硫的推测正确的是()A．六氟化硫易燃烧生成二氧化硫B．六氟化硫中各原子均达到8电子稳定结构C．六氟化硫分子中的S—F键都是σ键，且键长、键能都相等D．六氟化硫分子中只含极性键6.2015·山西高二检测用VSEPR模型预测下列分子或离子的立体结构，其中正确的是()A．NH＋4为正四面体形B．CS2为V形C．HCN为V形D．PCl3为平面三角形7.2015·经典习题选萃若AB n的中心原子A上没有孤电子对，运用价层电子对互斥模型，下列说法正确的是()A．若n＝2，则分子的立体构型为V形B．若n＝3，则分子的立体构型为三角锥形C．若n＝4，则分子的立体构型为正四面体形D．以上说法都不正确8．下列说法中，正确的是()A．由分子构成的物质中一定含有共价键B．形成共价键的元素不一定是非金属元素C．正四面体结构的分子中的键角一定是109°28′D．CO2和SO2都是直线形分子9.2015·河南高二检测下列说法中正确的是()A．NO2、SO2、BF3、NCl3分子中没有一个分子中原子的最外层电子都满足了8电子稳定结构B．P4和CH4都是正四面体分子且键角都为109°28′C．NH＋4的电子式为，离子呈平面正方形结构D．NH3分子中有一对未成键的孤电子对，它对成键电子的排斥作用较强10．下列说法中，正确的是()A．由分子构成的物质中一定含有共价键B．形成共价键的元素一定是非金属元素C．正四面体结构的分子中的键角一定是109°28′D．不同的原子的化学性质可能相同二、非选择题(本题包括5小题，共50分)11．(6分)2015·试题调研硫化氢(H2S)分子中，两个H—S键夹角接近90°，说明H2S分子的空间构型为________；二氧化碳(CO2)分子中，两个C===O键夹角是180°，说明CO2分子的空间构型为________；甲烷(CH4)分子中，任意两个C—H键的夹角都是109°28′，说明CH4分子的空间构型为________。
2020-2021学年高中化学人教版选修三课时作业：1.2.1 原子结构与元素周期表 Word版含
姓名，年级：时间：课时作业3 原子结构与元素周期表[练基础]1．关于元素周期律和元素周期表的下列说法中正确的是（）A．目前发现的所有元素占据了周期表里全部位置，不可能再有新的元素被发现B．按原子的电子排布,可将周期表分为5个区C．俄国化学家道尔顿为元素周期表的建立作出了巨大贡献D．同一主族的元素从上到下，金属性呈周期性变化2．某元素位于周期表中第四周期ⅤA族，则该元素的名称和价电子排布式均正确的是（）A．砷，4s24p3B．溴，4s24p5C．磷，4s24p3 D．锑，5s25p33．元素周期表中，非金属元素存在的区域为( ）A．只有s区B．只有p区C．s区，d区和ds区 D．s区和p区4．下列各组元素属于p区的是( ）A．原子序数为1、2、7的元素B．O、S、PC．Fe、Ar、ClD．Na、Li、Mg5．下列说法中正确的是( ）A．所有金属元素都分布在d区和ds区B．最外层电子数为2的元素都分布在s区C．元素周期表中ⅢB族到ⅡB族10个纵列的元素都是金属元素D．s区均为金属元素6．如下图所示是元素周期表的一部分（表中数字和X代表原子序数），其中X的电子排布式为[Ar］3d104s24p5的是( ）7．最活泼的金属、最活泼的非金属、常温下呈液态的金属(价电子排布为5d106s2）分别位于下面元素周期表中的（）A．s区、p区、ds区B．s区、p区、d区C．f区、p区、ds区D．s区、f区、ds区8．具有以下结构的原子，一定属于主族元素的是（) A．最外层有1个电子的原子B．最外层电子排布为n s2的原子C．最外层有3个未成对电子的原子D．次外层无未成对电子的原子9．某元素的最外层电子数为2，价电子数为5,并且是同族中原子序数最小的元素,关于该元素的判断错误的是( ) A．电子排布式为1s22s22p63s23p63d34s2B．该元素为ⅤC．该元素为ⅡA族元素D．该元素位于d区10．具有下列电子层结构的原子,其对应的元素一定属于同一周期的是( ）A．两种元素原子的电子层上全部都是s电子B．3p能级上只有一个空轨道的原子和3p能级上只有一个未成对电子的原子C．最外层电子排布为2s22p6的原子和最外层电子排布为2s22p6的离子D．原子核外的M层上的s、p能级上都填满了电子，而d 轨道未排电子的两种原子11．钛号称“崛起的第三金属”，因具有密度小、强度大、无磁性等优良的机械性能，被广泛应用于军事、医学等领域。
高中化学 课时作业8 杂化轨道理论(含解析)新人教版选修3-新人教版高二选修3化学试题
课时作业(八)A组—双基训练1．下列有关杂化轨道理论的说法不正确的是( )A．杂化轨道全部参与形成化学键B．杂化前后的轨道数不变，但轨道的形状发生了改变C．sp3、sp2、sp杂化轨道的夹角分别为109°28′、120°、180°D．部分四面体形、三角锥形分子的结构可以用sp3杂化轨道解释答案 A解析杂化轨道可以部分参加形成化学键，例如NH3中N发生了sp3杂化，形成了4个sp3杂化轨道，但是只有3个参与形成化学键，A项错误；杂化前后的轨道数不变，杂化后，各个轨道尽可能分散、对称分布，导致轨道的形状发生了改变，B项正确；sp3、sp2、sp杂化轨道其空间构型分别是正四面体、平面三角形、直线型，所以其夹角分别为109°28′、120°、180°，C项正确；部分四面体形、三角锥形分子的结构可以用sp3杂化轨道解释，如甲烷、氨气分子，D项正确。
2．下列有关sp2杂化轨道的说法错误的是( )A．由同一能层上的s轨道与p轨道杂化而成B．共有3个能量相同的杂化轨道C．每个sp2杂化轨道中s能级成分占三分之一D．sp2杂化轨道最多可形成2个σ键答案 D解析同一能层上s轨道与p轨道的能量差异不是很大，相互杂化的轨道的能量差异也不能过大，A项正确；同种类型的杂化轨道能量相同，B项正确；sp2杂化轨道是由一个s轨道与2个p轨道杂化而成的，C项正确；sp2杂化轨道最多可形成3个σ键，D项错误。
3．能正确表示CH4中碳原子成键方式的示意图为( )答案 D解析碳原中的2s轨道与2p轨道形成4个等性的杂化轨道，因此碳原子最外层上的4个电子分占在4个sp3杂化轨道并且自旋方向相同。
4．在CH3COCH3中，中间碳原子和两边碳原子成键所采用的杂化方式分别是( )A．sp2、sp3B．sp3、sp3C．sp2、sp2D．sp、sp3答案 A解析首先写出CH3COCH3的结构简式：，由此知两边的碳均为sp3杂化(与CH4类似)；中间碳原子采用了sp2杂化。
(人教版)高中数学选修2-3课时作业15 Word版含答案
第二章一、选择题(每小题分，共分)．已知ξ的分布列为：则(ξ)的值为( )解析：(ξ)＝×＋×＋×＋×＝，(ξ)＝×＋×＋×＋×＝.故选.答案：．设一随机试验的结果只有和且()＝，令随机变量ξ＝(\\(，发生，不发生))，则ξ的方差(ξ)等于( ) ．．(－)．(－) ．(－)解析：依题意ξ服从两点分布，则(ξ)＝(－)，故选.答案：．已知随机变量ξ的分布列为(ξ＝)＝，＝，则(ξ＋)等于( )．．．．解析：(ξ)＝(＋＋)×＝，(ξ)＝[(－)＋(－)＋(－)]＝，所以(ξ＋)＝(ξ)＝×＝.故选.答案：．由以往的统计资料表明，甲、乙两位运动员在比赛中得分情况为：．甲．乙．甲、乙均可．无法确定解析：(ξ)＝(ξ)＝，(ξ)＝×＋×＋×＝，(ξ)＝×＋×＋×＝，∴(ξ)<(ξ)，即甲比乙得分稳定，选甲参加较好，故选.答案：二、填空题(每小题分，共分)．(·北京市东城区下学期高二期末测试)有甲、乙两种品牌的手表，它们的日误差分别为，(单位：)，其分布列如下：解析：()＝()＝，()＝，()＝，∵()<()，∴甲质量好．答案：甲．已知随机变量ξ～(，)，且(ξ)＝，则(ξ)＝.解析：由题意知(ξ)＝＝×＝得＝，∴(ξ)＝(－)＝××＝.答案：三、解答题(每小题分，共分)．已知随机变量的分布列为：试求()和(－)．解析：()＝×＋×＋×＋×＋×＝.所以()＝(－)×＋(－)×＋(－)×＋(－)×＋(－)×＝.－的分布列为：。
人教版高中物理选修33课时作业第七章第2节
高中物理学习资料金戈铁骑整理制作1．不一样物质能够 ________________ 的现象叫扩散现象．温度越 ____，扩散现象越 ________．扩散现象产生的原因是物质分子的________________ ．2．悬浮在液体(或气体 )中的 ________的不停的 __________ 运动叫布朗运动，温度越____，微粒越 ____，布朗运动越激烈．布朗运动是大量液体(气体 )分子对悬浮微粒撞击的____________造成的．3．________永不暂停的无规则运动叫热运动，宏观表现为____________和____________．热运动的特点是 ____________ 、________________. 温度越高，分子热运动越________．4．关于扩散现象，以下说法中正确的选项是A．扩散现象是指相互接触的物体相互进入对方的现象B．扩散现象只幸亏液体中进行C．扩散现象说明分子在做无规则运动且分子之间是有空隙的D．扩散的快慢与温度没关5．关于布朗运动的正确说法是()A．温度越高布朗运动越激烈，布朗运动就是热运动B．布朗运动反响了分子的热运动C．在室内看到的尘埃不停的运动是布朗运动D．室内尘埃的运动是空气分子碰撞尘埃造成的宏观现象【看法规律练】知识点一扩散现象1．扩散现象能够说明()A．分子间存在作用力B．分子间有空隙C．分子在不停运动着D．温度越高，分子无规则运动越快2．平时把萝卜腌成咸菜需要几十天，而把萝卜炒成熟菜，使之有相同的咸味，只需几分钟，造成这种差其余主要原因是()A．盐的分子很小，简单进入萝卜中B．盐分子有相互作用的斥力C．萝卜分子间有空隙，易扩散D．炒菜时温度高，分子热运动激烈知识点二布朗运动3．关于布朗运动的正确说法是()A．由于布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也能够叫做热运动B．布朗运动反响了分子的热运动C．在室内看到的尘埃不停地运动是布朗运动D．用显微镜观察悬浮在水中的小碳粒，小碳粒在不停地做无规则运动4．以下有关布朗运动的说法正确的选项是()A．悬浮颗粒越小，布朗运动越明显B．悬浮颗粒越大，布朗运动越明显C．液体的温度越低，布朗运动越明显D．液体的温度越高，布朗运动越明显知识点三热运动5．关于分子的热运动，以下表达正确的选项是()A．布朗运动就是分子的热运动B．布朗运动是分子的无规则运动，同种物质的分子的热运动激烈程度相同C．气体分子的热运动不用然比液体分子激烈D．物体运动的速度越大，其内部的分子热运动就越激烈6．下面所列举的现象，哪些能说明分子是不停运动着的()A．将香水瓶盖打开后能闻到香味B．汽车开过后，公路上尘埃飞扬C．洒在地上的水，过一段时间就干了D．悬浮在水中的花粉做无规则的运动【方法技巧练】正确理解布朗运动7．关于悬浮在液体中的固体微粒的布朗运动，下面说法中正确的选项是() A．小颗粒的无规则运动就是分子的运动B．小颗粒的无规则运动是固体颗粒分子无规则运动的反响C．小颗粒的无规则运动是液体分子无规则运动的反响D．由于布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也能够叫做热运动8．关于布朗运动的实验，以下说法中正确的选项是()图 1A ．如图 1 所示记录的是分子无规则运动的情况B．图 1 中记录的是微粒做布朗运动的轨迹．C．实验中能够看到，微粒越大，布朗运动越明显D．实验中能够看到，温度越高，布朗运动越激烈1．以下事例中，属于分子不停地做无规则运动的是()A．秋风吹拂，树叶纷纷落下B．在箱子里放几块樟脑丸，过些日子一开箱就能闻到樟脑的气味C．烟囱里冒出的黑烟在空中飞扬D．室内扫地时，在阳光照射下看见尘埃飞扬2.图 2如图 2 所示，一个装有无色空气的广口瓶倒扣在装有红棕色二氧化氮气体的广口瓶上，用玻璃板分开．关于抽去玻璃板后所发生的现象(已知二氧化氮的密度比空气密度大说法正确的选项是 ()中间)，以下A．过一段时间能够发现上面瓶中的气体也变成了淡红棕色B．二氧化氮由于密度较大，不会跑到上面的瓶中，所以上面瓶中不会出现淡红棕色C．上面的空气由于重力作用会到下面的瓶中，于是将下面瓶中的二氧化氮排出了一小部分，所以会发现上面瓶中的瓶口处显淡红棕色，但在瓶底处不会出现淡红棕色D．由于气体分子在运动着，所以上面的空气会到下面的瓶中，下面的二氧化氮也会自觉地运动到上面的瓶中，所以最后上、下两瓶气体的颜色变得平均一致3．以下所述物理现象中，属于布朗运动的是()A．刮风时，空气分子的运动B．在阳光射入教室时，眼睛直接看到的空气中尘粒的运动C．花粉在水中的无规则运动D．稀释了的墨汁中的小炭粒的运动4．液体中悬浮的固体颗粒越小，布朗运动越明显，这是由于颗粒小时()A．质量小，沿某一方向运动的机遇大B．被碰的机遇小，自由运动的可能性大C．受液体分子阻拦的机遇小，简单运动D．受各个方向液体分子撞击的力不平衡的机遇大5．以下关于布朗运动的表达，正确的选项是()A．悬浮小颗粒的运动是纷乱无章的B．液体的温度越低，悬浮小颗粒的运动越缓慢，当液体的温度降到0℃时，固体小颗粒的运动就会停止C．被冻结在冰块中的小炭粒不能够做布朗运动，是由于冰中的水分子不运动D．做布朗运动的固体颗粒越小，布朗运动越明显6．在较暗的房间里，从射进来的光束中用眼睛直接看到悬浮在空气中的微粒的运动是() A ．布朗运动B．分子的热运动C．自由落体运动D．气流和重力共同作用引起的运动7.图 3如图 3 所示是布朗运动小颗粒的地址连线放大图，从小颗粒在 A 点开始计时，每隔30 s 记下小颗粒的地址，获取B、C、 D、 E、 F、G、 H、 I 等点，则小颗粒在第75 s 末时的地址，以下表达中正确的选项是()A ．必然在CD 连线的中点B．必然不在CD 连线的中点C．可能在CD 连线上，但不用然在CD 连线中点D．可能在CD 连线以外的某些点上8．布朗运动不能能是外界影响引起的，能够支持这一结论的事实是A．有外界影响时，能观察到布朗运动B．微粒越小，布朗运动越明显C．在实验环境相同的条件下，各个微粒的运动情况各不一样样D．随着温度高升，布朗运动加剧9．以下关于布朗运动、扩散现象和对流的说法正确的选项是()A．三种现象在月球表面都能进行B．三种现象在宇宙飞船里都能进行C．布朗运动、扩散现象在月球表面能够进行，而对流则不能够进行D．布朗运动、扩散现象在宇宙飞船里能够进行，而对流则不能够进行10．关于布朗运动和扩散现象的以下说法中正确的选项是()A．布朗运动和扩散现象都在气体、液体、固体中发生B．布朗运动和扩散现象都是分子的运动C．布朗运动和扩散现象都是温度越高越明显D．布朗运动和扩散现象都是永不暂停的11．以下关于热运动的说法中，正确的选项是()A．热运动是物体受热后所做的运动B． 0℃的物体中的分子不做无规则运动C．热运动是单个分子的永不暂停的无规则运动D．热运动是大量分子的永不暂停的无规则运动题号1234567891011答案12.在房间的一角打开一瓶香水，若是没有空气对流，在房间另一角的人其实不能够马上闻到香味，这是由气体分子运动速率不大造成的．这种说法对吗？为什么？13．我国北方地区经常出现沙尘暴天气，残酷的黄风给人们的生活带来了不便，沙尘暴天气出现时，远方物体呈土黄色，太阳呈淡黄色，尘沙等细粒浮游在空中，能见度极低，请问沙尘暴天气中的风沙洋溢，尘埃飞扬，是否是布朗运动？第 2 节分子的热运动课前预习练1．相互进入对方高明显无规则运动2．微粒无规则高小不平衡3．分子布朗运动扩散现象永不暂停运动无规则激烈4． AC [扩散现象是指相互接触的物体相互进入对方的现象，且温度越高，扩散进行得越快，扩散现象说了然分子在做无规则运动，且分子之间是有空隙的．]5． B [室内空气中尘埃的运动不是布朗运动，它的运动主若是由于重力和空气的对流引起的． ]课堂研究练1．BCD [ 由于分子间有空隙，所以两种物质接触时，由于分子的无规则运动，能够相互进入对方，发生扩散现象，选项 B 、C 正确；温度越高，扩散现象越明显，说明温度越高，分子无规则运动越快， D 正确．扩散现象没有反响分子间的相互作用， A 错．]方法总结理解扩散现象是组成物质的分子永不暂停地运动的结果，就能快速正确地得出结论．2． D [ 萝卜变咸的原因是盐分子扩散到萝卜中去，温度越高，分子运动越激烈，扩散现象越明显，萝卜变咸也就越快．]方法总结扩散现象发生的明显程度与物质的温度有关，温度越高，扩散现象越明显．3． BD [布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒碰到液体分子的作用而做的无规则运动，它反映了液体分子的无规则运动，所以不能够说它的运动就是热运动，所以 A 错误而 B 正确．能在液体或气体中做布朗运动的微粒都是很小的，一般数量级在10－6m，这种微粒用肉眼不能直接观察到，必定借助显微镜．室内尘埃的运动不是布朗运动，而是尘埃在空气气流作用下所做的宏观运动，由于它的运动其实不是无规则运动．只有悬浮的渺小的颗粒(肉眼看不到 )才能做布朗运动． ]方法总结布朗运动不是分子的运动，是液体 (或气体 )分子撞击固体小颗粒( 肉眼不能够直接观察) 的结果，但它反响了液体分子运动的无规则性．4． AD [布朗运动的成因是液体分子对固体颗粒撞击力的不平衡性所致．颗粒越小，温度越高，布朗运动越明显．故A、D 正确． ]方法总结布朗运动发生的明显程度与颗粒大小和温度有关，温度越高，颗粒越小，布朗运动越明显．5． C [布朗运动是指固体小颗粒的运动， A 错．温度越高，分子无规则运动越激烈，与物质种类没关， B 错， C 对．物体的宏观运动速度大小与微观分子的热运动没关， D 错．应选C.]方法总结物质内分子永不暂停的无规则运动叫做热运动，热运动的激烈程度与温度有关，与物体的宏观运动没关．6．ACD [ 扩散现象和布朗运动都能说明分子在不停地做无规则运动．香水的扩散、水分子在空气中的扩散以及悬浮在水中的花粉的运动都说了然分子是不停运动的，故A、 C、D 均正确，而尘埃不是单个分子，是颗粒，尘埃飞扬不是分子的运动．]方法总结分子热运动的实验依据是布朗运动和扩散现象．注意做好问题的解析与归纳是解题要点．7． C [悬浮在液体中的固体颗粒诚然很小，需要用显微镜来观察，但它其实不是固体分子，而是千万个固体分子组成的分子集体，布朗运动是这千万个分子集体的一致行动，不能够看作是分子的运动，故 A 错．产生布朗运动的原因是固体微粒碰到周围液体分子的撞击，由于液体分子运动的无规则性，固体微粒碰到撞击力的合力也是无规则的，所以，固体微粒的运动也是无规则的．组成微粒的固体分子既有各自特有的无规则运动，又有我们经过显微镜看到的分子集体的宏观运动，即布朗运动．可见，小颗粒的无规则运动不能够证明固体微粒分子做无规则运动，而只能间接说明液体分子在做无规则运动．故B错，C正确．热运动是指分子的无规则运动，由于布朗运动不是分子的运动，所以不能够说布朗运动是热运动．故 D 错误． ]方法总结布朗运动是悬浮在液体(气体 )中的肉眼不能够观察的固体小颗粒(而不是分子 )的无规则运动，不是分子运动但能反响液体(或气体 )分子的无规则运动．8． D[ 布朗运动是指悬浮在液体中的微粒不停地做无规则的运动，而不是分子的无规则运动，它是分子无规则运动的反响，而分子无规则热运动是产生布朗运动的原因，温度越高，分子运动越激烈，所以布朗运动也越激烈，应选项 A 错误，选项 D 正确．微粒越大，来自各个方向的分子撞击力的平均收效能够为相互平衡，而且微粒的质量越大，碰到的撞击力越小，越难改变原来的运动状态，所以微粒越大，布朗运动就越不明显，选项 C 错误．图中折线的每个拐点记录的是微粒每隔相同时间的地址，在每段时间内微粒的运动也是无规则的，而不是直线运动，选项B错误．]方法总结布朗运动观察的对象是液体中悬浮的微粒，而不是液体内部的分子．经过观察记录的折线其实不是微粒做布朗运动的轨迹．课后牢固练1．B [树叶、尘埃、黑烟 (颗粒 )都是由若干分子组成的，它们的运动都不是分子的运动， A 、C、D错，B对．]2． AD[扩散现象发生的原因是分子无规则运动．]3． CD4． D [ 微粒越小，则同时撞击微粒的液体分子数量越少，则撞击收效越不平衡；微粒质量越小，运动状态越简单改变．]5． AD [布朗运动不能够在固体中发生，原因不是固体分子不运动，而是固体颗粒被固定在固体中不能够搬动，固体分子也是在做永不暂停的无规则运动．]6． D [ 布朗运动的实质是液体或气体的分子对其中的悬浮微粒不停撞击，因作用力不平衡而引起的微粒无规则运动．本题所述悬浮在空气中被眼睛直接看到的尘粒，其体积太大，空气分子各个方向的冲击力平均收效相互平衡，实质上这些微粒的运动是由气流和重力共同作用而引起的复杂的运动． ]7．CD[ 布朗运动是无规则的运动，每隔30 s 记下颗粒的一个地址，其连线不是运动轨迹，其实在这30 s 内运动也是纷乱无章的，不是沿直线运动的，在75 s 末小颗粒可能在 CD 连线上，也可能在 CD 的中点，也可能在 CD 连线外的任一地址，故C、D 正确． ]8． C9． AD [布朗运动和扩散现象都是分子无规则热运动的结果，而对流需要在重力作用的条件下才能进行．由于布朗运动、扩散现象是由于分子热运动而形成的，所以两者在月球表面、宇宙飞船里均能进行，由于月球表面仍有重力存在，宇宙飞船里的微粒处于完好失重状态，故对流可在月球表面进行，而不能够在宇宙飞船内进行，应选A、D 两项． ]10．CD[(1) 布朗运动与扩散现象的研究对象不一样：布朗运动研究对象是固体小颗粒，而扩散现象研究的是分子的运动．(2)布朗运动与扩散现象条件不一样样：布朗运动只幸亏气体、液体中发生，而扩散现象能够发生在固体、液体、气体任何两种物质之间．(3)布朗运动与扩散现象的共同点是两者都是永不暂停的，而且温度越高越明显．由以上解析不难判断，正确选项为C、 D.]11．D [ 热运动是组成物质的大量分子所做的无规则运动，不是单个分子的无规则运动，因此 A 、C 错误， D 正确；分子的热运动永不暂停，所以 0℃的物体中的分子仍做无规则运动，B错误．]12．见解析解析这种说法是错误的，气体分子运动的速率实际上是比较大的．过一会儿才闻到香味的原因是：诚然气体分子运动的速率比较大，但由于分子运动是无规则的，且与空气分子不停碰撞，所以要闻到足够多的香水分子必定经过一段时间．13．见解析10－6 m，这解析不是．能在液体或气体中做布朗运动的微粒都是很小的，一般数量级是种微粒肉眼是看不到的，必定借助于显微镜．沙尘暴天气中的灰沙、尘埃都是较大的颗粒，它们的运动不能够称为布朗运动；它们的运动基本属于在气流作用下的定向搬动，而布朗运动是无规则运动．。
高中物理人教版选修3-3第8章气体课时作业：8.3理想气体的状态方程
第3节理想气体的状态方程1．在任何温度、任何压强下都遵从________________的气体叫做理想气体．事实上，玻意耳定律、查理定律、盖—吕萨克定律等气体实验定律，都是在压强____________、温度____________的条件下总结出来的．当压强__________、温度__________时，由上述定律计算的结果与实验测量结果有很大的差别．实际气体在温度____________、压强____________时，可近似看做理想气体．2．一定质量的理想气体发生状态变化时，它的________跟________的乘积与______________的比值保持不变，这种关系称为理想气体的状态方程．3．用p、V、T分别表示气体某状态的压强、体积和温度，理想气体状态方程的表达式为：________________________.用p1、V1、T1分别表示初态压强、体积和热力学温度，p2、V2、T2分别表示末态压强、体积和热力学温度，则理想气体状态方程表达式为：____________________.4．关于理想气体，下列说法正确的是()A．理想气体也不能严格地遵守气体实验定律B．实际气体在温度不太高、压强不太小的情况下，可看成理想气体C．实际气体在温度不太低、压强不太大的情况下，可看成理想气体D．所有的实际气体在任何情况下，都可以看成理想气体5．对于一定质量的理想气体，下列状态变化中可能的是()A．使气体体积增加而同时温度降低B．使气体温度升高，体积不变、压强减小C．使气体温度不变，而压强、体积同时增大D．使气体温度升高，压强减小，体积减小6．下列叙述正确的是()A．一定质量的某种气体，当温度和体积都保持不变时，它的压强一定不会发生变化B．一定质量的某种气体，当其体积增大时，压强不可能增大C．一定质量的某种气体，当其温度升高时，体积一定增大D．一定质量的某种气体的压强增大，温度降低，这种气体的密度一定增大【概念规律练】知识点一 理想气体的状态方程1．一定质量的理想气体，在某一平衡状态下的压强、体积和温度分别为p 1、V 1、T 1，在另一平衡状态下的压强、体积和温度分别为p 2、V 2、T 2，下列关系中正确的是( )A ．p 1＝p 2，V 1＝2V 2，T 1＝12T 2 B ．p 1＝p 2，V 1＝12V 2，T 1＝2T 2 C ．p 1＝2p 2，V 1＝2V 2，T 1＝2T 2D ．p 1＝2p 2，V 1＝V 2，T 1＝2T 22．对一定质量的理想气体( )A ．若保持气体的温度不变，则当气体的压强减小时，气体的体积一定会增大B ．若保持气体的压强不变，则当气体的温度减小时，气体的体积一定会增大C ．若保持气体的体积不变，则当气体的温度减小时，气体的压强一定会增大D ．若保持气体的温度和压强都不变，则气体的体积一定不变知识点二 理想气体状态变化图象3.图1如图1所示，A 、B 两点代表一定质量理想气体的两个不同的状态，状态A 的温度为T A ，状态B的温度为T B.由图可知()A．T A＝2T B B．T B＝4T AC．T B＝6T A D．T B＝8T A4.图2一定质量的理想气体经历了如图2所示的一系列过程，ab、bc、cd和da这四个过程在p—T 图上都是直线段，其中ab的延长线通过坐标原点O，bc垂直于ab而cd平行于ab，由图可以判断()A．ab过程中气体体积不断减小B．bc过程中气体体积不断减小C．cd过程中气体体积不断增大D．da过程中气体体积不断增大【方法技巧练】一、气体状态变化图象转化的方法5．使一定质量的理想气体按图3甲中箭头所示的顺序变化，图中BC段是以纵轴和横轴为渐近线的双曲线．图3(1)已知气体在状态A的温度T A＝300 K，求气体在状态B、C和D的温度各是多少？(2)将上述状态变化过程在图乙中画成用体积V和温度T表示的图线(图中要标明A、B、C、D四点，并且要画箭头表示变化的方向)．说明每段图线各表示什么过程．6.图4如图4所示，是一定质量的气体从状态A经状态B、C到状态D的p—T图象，已知气体在状态B时的体积是8 L，求V A和V C、V D，并画出此过程的V—T图．二、解决变质量问题的方法7．钢筒内装有3 kg气体，当温度是－23℃时，压强为4 atm，如果用掉1 kg后温度升高到27℃，求筒内气体的压强．8．房间的容积为20 m3，在温度为7℃、大气压强为9.8×104 Pa时，室内空气质量是25 kg.当温度升高到27℃，大气压强变为1.0×105 Pa时，室内空气的质量是多少？1．关于理想气体，下列说法正确的是()A．温度极低的气体也是理想气体B．压强极大的气体也遵从气体实验定律C．理想气体是对实际气体的抽象化模型D．理想气体实际并不存在2．关于理想气体，下列说法中哪些是正确的()A．理想气体是严格遵守气体实验定律的气体模型B．理想气体的分子没有体积C．理想气体是一种理想模型，没有实际意义D．实际气体在温度不太低、压强不太大的情况下，可当成理想气体3．甲、乙两个相同的密闭容器中分别装有等质量的同种气体，已知甲、乙容器中气体的压强分别为p甲、p乙，且p甲<p乙，则()A．甲容器中气体的温度高于乙容器中气体的温度B．甲容器中气体的温度低于乙容器中气体的温度C．甲容器中气体分子的平均动能小于乙容器中气体分子的平均动能D．甲容器中气体分子的平均动能大于乙容器中气体分子的平均动能4．一定质量的理想气体，初始状态为p、V、T.经过一系列状态变化后，压强仍为p，则下列过程中可以实现的是()A．先等温膨胀，再等容降温B．先等温压缩，再等容降温C．先等容升温，再等温压缩D．先等容降温，再等温压缩5．下列图中，p表示压强，V表示体积，T表示热力学温度，t表示摄氏温度．各图中正确描述一定质量的理想气体等压变化规律的是()6．在下列图中，不能反映一定质量的理想气体经历了等温变化→等容变化→等压变化后，又可以回到初始状态的图是()7.图5一定质量的理想气体沿着图5所示的方向发生状态变化的过程中，该气体压强的变化是()A．从状态c到状态d，压强减小B．从状态d到状态a，压强不变C．从状态a到状态b，压强增大D．从状态b到状态c，压强不变8.图6一圆筒形真空容器，在筒顶系着的轻弹簧下挂一质量不计的活塞，弹簧处于自然长度时，活塞正好触及筒底，如图6所示，当在活塞下方注入一定质量的理想气体后，温度为T时，气柱高为h，则温度为T′时，气柱的高为(活塞与圆筒间摩擦不计)()图7如图7所示，装有水银的细U形管与巨大的密封气罐A相连，左端封闭有一段空气柱，在气温为－23℃时，空气柱长为62 cm，右端水银面比左端低40 cm，当气温升到27℃时，U 形管两边高度差增加了4 cm，则气罐内气体在－23℃时的压强为________ cmHg.10．内燃机汽缸里的混合气体，在吸气冲程之末，温度为50℃，压强为1.0×105Pa，体积为0.93 L．在压缩冲程中，把气体的体积压缩为0.155 L时，气体的压强增大到1.2×106 Pa.这时混合气体的温度升高到多少摄氏度？11.图8用销钉固定的活塞把容器分成A、B两部分，其容积之比V A∶V B＝2∶1.如图8所示，起初A 中空气温度为127℃，压强为1.8×105 Pa，B中空气温度为27℃，压强为1.2×105 Pa，拔去销钉，使活塞可以无摩擦地移动但不漏气，由于容器缓慢导热，最后都变成室温27℃，活塞也停住，求最后A、B中气体的压强．12.图9某压缩式喷雾器储液桶的容量为5.7×10－3 m3.往桶内倒入4.2×10－3 m3的药液后开始打气，假设打气过程中药液不会向外喷出，如图9所示．如果每次能打进2.5×10－4 m3的空气，要使喷雾器内空气的压强达到4 atm，应打气几次？这个压强能否使喷雾器内的药液全部喷完？(设标准大气压强为1 atm)第3节理想气体的状态方程课前预习练1．气体实验定律不太大不太低很大很低不太低不太大2．压强体积热力学温度3.pVT＝Cp1V1T1＝p2V2T24．C[理想气体是在任何温度、任何压强下都能遵从气体实验定律的气体，A项错误；它是实际气体在温度不太低、压强不太大的情况下的抽象，故C正确，B、D是错误的．]5．A[由理想气体状态方程pVT＝恒量得A项中只要压强减小就有可能，故A项正确；而B项中体积不变，温度与压强应同时变大或同时变小，故B项错；C项中温度不变，压强与体积成反比，故不能同时增大；D项中温度升高，压强减小，体积减小，导致pVT减小，故D 项错误．]6．AD[在p、V、T三个状态参量中，单独一个参量发生变化是不可能的，A正确；体积增大时，压强增大，温度升高，pV T可能会保持不变，B 错误；不知压强变化情况，温度升高，体积不一定增大，C 错误；压强增大而温度降低，体积必定减小，由于质量不变，因此密度一定增大，D 正确．]课堂探究练1．D [由理想气体状态方程p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2可判断，只有D 项正确．] 方法总结 在确定气体质量不变的条件下，才可用理想气体状态方程．它是一定质量理想气体的几个状态参量之间的关系，与变化过程无关．2．AD [气体的三个状态参量变化时，至少有两个同时参与变化，故D 对；T 不变时，由pV ＝恒量知，A 对；p 不变时，由V T ＝恒量知，B 错；V 不变时，由p T＝恒量知，C 错．] 方法总结 应用理想气体状态方程判断状态变化问题时，应注意：(1)三个状态参量压强、体积和温度中至少有两个状态参量发生变化．(2)状态参量变化的分析可根据pV T＝常量进行分析． 3．C [从已知p －V 图上可知T B >T A .为确定它们之间的定量关系，可以用p －V 图上的标度值代替压强和体积的大小，代入理想气体状态方程p A V A T A ＝p B V B T B 得2×1T A ＝3×4T B，T B ＝6T A .] 方法总结 理解理想气体状态方程的实质，即一定质量的理想气体在状态参量变化时有pV T＝C ，C 为常量．解题时应明确初、末状态的参量，而后再列方程求解．4．BCD [本题是用p —T 图象表示气体的状态变化过程．四条直线段只有ab 段是等容过程．即ab 过程中气体体积不变，选项A 是错误的，其他三个过程并不是等容变化过程．如图所示连接Oc 和Od ，则Oba 、Oc 、Od 都是一定质量理想气体的等容线，依据p —T 图中等容线的特点(斜率越大，气体体积越小)，比较这几条图线的斜率即可得出V a ＝V b >V d >V c .同理，可以判断bc 、cd 和da 线段上各点所表示的状态的体积大小关系，选项B 、C 、D 正确．]方法总结 由解题过程可以看出：利用图象解题，常常需添加辅助线，适当地添加辅助线，可利用图象有关特点，使解题过程更加简捷．5．(1)T B ＝600 K T C ＝600 K T D ＝300 K(2)见解析解析 由p －V 图可以直观地看出气体在A 、B 、C 、D 各状态下压强和体积：V A ＝10 L ，p A ＝4 atm ，p B ＝4 atm ，p C ＝2 atm ，V C ＝40 L ，p D ＝2 atm ，V D ＝20 L.(1)根据理想气体状态方程有p A V A T A ＝p C V C T C ＝p D V D T D可得T C ＝p C V C p A V A T A ＝2×404×10×300 K ＝600 K T D ＝p D V D p A V A T A ＝2×204×10×300 K ＝300 K ，BC 是等温膨胀过程，故T B ＝T C ＝600 K(2)由状态B 到状态C 为等温变化，由玻意耳定律有p B V B ＝p C V C得V B ＝p C V C p B ＝2×404L ＝20 L 在V －T 图上，状态变化过程的图线由A 、B 、C 、D 各状态点依次连接，如右图所示，AB是等压膨胀过程，BC 是等温膨胀过程，CD 是等压压缩过程． 方法总结 涉及图象问题时，要明确图象的物理意义和特点，区分不同的物理过程，根据理想气体状态方程确定各状态的状态参量．6．V A ＝4 L ，V C ＝V B ＝8 L ，V D ＝10.7 L V —T 图见解析解析 A →B 为等温过程，由玻意耳定律p A V A ＝p B V B所以V A ＝p B p A V B ＝1.0×105×82.0×105L ＝4 L B →C 为等容过程，所以V C ＝V B ＝8 LC →D 为等压过程有V C T C ＝V D T D ，V D ＝T D T C V C ＝400300×8 L ＝323L ＝10.7 L ．此过程的V —T 图如下：方法总结 (1)首先要利用理想气体状态方程准确地求出各状态的状态参量．(2)其次要熟练掌握三个实验定律图象的特点，根据状态变化过程画图象．(3)注意过原点的直线要用虚线表示．7．3.2 atm解析 以2 kg 气体为研究对象，设钢筒的容积为V .初状态：p 1＝4 atm ，V 1＝2V /3，T 1＝250 K.末状态：V 2＝V ，T 2＝300 K.由理想气体状态方程得：p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2. 筒内气体压强p 2＝p 1V 1T 2V 2T 1＝4×2×300/(3×250)atm ＝3.2 atm. 方法总结 对于变质量问题，如果在研究对象上做一下处理，可以使变质量问题转变为定质量的问题．如本题的做法是选取筒内的2/3质量为研究对象，这样，初始状态体积占钢筒体积的2/3，终了状态占钢筒的全部体积．8．23.8 kg解析 气体初态：p 1＝9.8×104 Pa ，V 1＝20 m 3，T 1＝280 K末态：p 2＝1.0×105 Pa ，体积V 2，T 2＝300 K由状态方程：p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2所以V 2＝p 1T 2p 2T 1V 1＝9.8×104×300×201.0×105×280m 3＝21.0 m 3 因V 2>V 1，故有气体从房间内流出．房间内的气体质量m 2＝V 1V 2m 1＝2021×25 kg ＝23.8 kg 方法总结 (1)选房间内原来空气为研究对象．(2)由状态方程求状态变化后的体积．(3)根据体积变化判断气体流入、流出房间的情况．(4)由比例式求室内空气的质量．课后巩固练1．CD [气体实验定律是在压强不太大、温度不太低的情况下得出的，温度极低、压强极大的气体在微观上分子间距离变小，趋向于液体，故答案为C 、D.]2．AD [理想气体是指严格遵守气体实验三定律的气体，实际的气体在压强不太大、温度不太低时可以认为是理想气体，A 、D 对；理想气体分子间几乎没有分子力，但分子有大小，B 错．]3．BC [据理想气体的性质可知，p 甲V 甲T 甲＝p 乙V 乙T 乙，因为p 甲<p 乙，且V 甲＝V 乙，则可判断出T 甲<T 乙，B 正确；气体的温度直接反映出气体分子平均动能的大小，故C 对．]4．BD [根据理想气体的状态方程pV T＝C ，若经过等温膨胀，则T 不变，V 增加，p 减小，再等容降温，则V 不变，T 降低，p 减小，最后压强p 肯定不是原来值，A 错；同理可以确定C 也错，正确选项为B 、D.]5．ACD [一定质量的理想气体在等压变化中，压强不变，体积V 与热力学温度T 成正比．其中B 图明显看出气体压强减小，A 、C 、D 对，B 错．]6．AD [根据p －V 、p －T 、V －T 图象的意义可以判断，其中选项D 显示的是理想气体经历了等温变化→等压变化→等容变化，与题意不符．p －V 图中等温线应为双曲线，故A 图中无等温变化过程．]7．AC [在V －T 图象中，过原点的直线为等压线，直线的斜率越大，气体的压强越小．分别作过a 、b 、c 、d 四点的等压线，则有p b >p c >p d >p a ，故A 、C 正确．]8．C [设弹簧的劲度系数为k ，当气柱高为h 时，弹簧弹力F ＝kh ，由此产生的压强F S ＝kh S(S 为容器的横截面积)．取封闭的气体为研究对象：初状态：(T ，hS ，kh S)；末状态：(T ′，h ′S ，kh ′S )，由理想气体状态方程kh /S ·hS T ＝kh ′/S ·h ′S T ′，得h ′＝h T ′T，故C 选项正确．] 9．140解析 因汽缸体积大，与细U 形管相比，可认为状态发生变化时气体体积是不变的．汽缸中的气体在T 1＝273 K －23 K ＝250 K 时，压强为p 1，当温度升到27℃即T 2＝300 K 时，压强为p 2，根据查理定律p 1T 1＝p 2T 2，有p 2＝65p 1 以左边细管中的气柱为研究对象T 1′＝250 K ，p 1′＝p 1－40，V 1′＝62S ，当T 2′＝300 K 时，p 2′＝p 2－44，V 2′＝⎝⎛⎭⎫62－42S ＝60S 根据理想气体状态方程p 1′V 1′T 1′＝p 2′V 2′T 2′，代入数据得(p 1－40)×62S 250＝(p 2－44)×60S 300， 整理后得：31p 1－25p 2＝140，将p 2＝65p 1代入解得p 1＝140 cmHg 10．373℃解析 找出汽缸内混合气体初、末状态的参量，运用理想气体状态方程即可求解．气体初状态的状态参量为p 1＝1.0×105 Pa ，V 1＝0.93 L ，T 1＝(50＋273)K ＝323 K.气体末状态的状态参量为p 2＝1.2×106 Pa ，V 2＝0.155 L ，T 2为末知量．由p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2可求得T 2＝p 2V 2p 1V 1T 1. 将已知量代入上式，得T 2＝1.2×106×0.1551.0×105×0.93×323 K ＝646 K. 混合气体的温度t ＝(646－273)℃＝373℃.11．A 、B 中气体的最后压强均为1.3×105 Pa解析 对A 气体，初态：p A ＝1.8×105 Pa ，V A ＝2V ，T A ＝400 K.末态：p A ′＝？，V A ′＝？，T A ′＝300 K.由理想气体状态方程p A V A T A ＝p A ′V A ′T A ′得 1.8×105×2V 400＝p A ′V A ′300.① 对B 气体，初态：p B ＝1.2×105 Pa ，V B ＝V ，T B ＝300 K.末态：p B ′＝？，V B ′＝？T B ′＝300 K.由气态方程p B V B T B ＝p B ′V B ′T B ′得1.2×105×V 300＝p B ′V B ′300.② 又V A ＋V B ＝V A ′＋V B ′，③p A ′＝p B ′.④由①②③④得p A ′＝p B ′＝1.3×105 Pa.12．18次 可以全部喷出解析 设标准大气压为p 0，药桶中空气的体积为V ，打气N 次后，喷雾器中的空气压强达到4个标准大气压，打入的气体在1 atm 下的体积为V ′根据理想气体状态方程的分列式，得p 0V ＋p 0NV ′＝4p 0V其中V ＝5.7×10－3 m 3－4.2×10－3 m 3＝1.5×10－3 m 3V ′＝0.25×10－3 m 3代入数值，解得N ＝18当空气完全充满储液桶后，如果空气压强仍然大于标准大气压，则药液可以全部喷出．由于温度不变，根据玻意耳定律p 1V 1＝p 2V 2，得p ＝4p 0V 5.7×10－3解得p ＝1.053p 0>p 0所以药液可以全部喷出．。
高中物理 第二章 第2节 半导体课时作业 教科版选修33
第2节半导体1．与导体相比，半导体有如下不同的特性．(1)导体中电流的载体(载流子)为自由电子，而半导体中电流的载体除自由电子外，还有“________”．(2)半导体的电阻率对掺入杂质非常________．通过控制半导体材料的__________，可以控制半导体材料的导电性能．(3)在一般情况下，导体的电阻率与温度成线性关系，即电阻率随温度升高而增大；半导体材料的电阻率与温度的关系则较为复杂，有些半导体材料对________、________非常敏感，外界温度、光照的微小改变都能使________迅速发生变化．2．在纯净的半导体材料中掺入不同的杂质，会形成不同类型的半导体，其中以__________导电为主的称为N型半导体，以________导电为主的称为P型半导体．把N型半导体与P 型半导体通过一定的技术手段结合在一起，可形成PN结，也就是一个半导体二极管，二极管具有________性，利用此特性可以将交流电变成直流电．将一层P型(或N型)半导体夹进两层N型(或P型)半导体之间可制成三极管，三极管具有____________或____________的作用．3．光敏电阻是利用半导体材料在光照条件下，其电阻率迅速________的特性制成的一种半导体器件．热敏电阻是利用半导体材料在温度变化时，其电阻率迅速________的特性而制成的半导体器件．4．发光二极管具有____________、________________、_________、________________、所发出的光中无________________，对人体无任何损害等特点．5．科学家研究发现，许多材料当其厚度、横截面的线度或其颗粒的线度在1～100 nm时，就会表现出十分奇特的力学、热学、磁学、光学、化学等性质．人们把特征尺寸在1～100 nm，并具有新特性的材料称为纳米材料．____________、____________、纳米机器人、纳米陶瓷、____________等是由纳米材料衍生出来的一些高科技产品．6．下列关于半导体、超导体的说法中，正确的是( )A．半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，可制作二极管B．半导体的导电性能良好，可制作远距离输电导线C．超导体的导电性能最好，可制作电炉丝D．超导体的电阻为零，没有实际用途7．关于光敏电阻，下列说法正确的是( )A．受到光照越强，电阻越小B．受到光照越弱，电阻越小C．它的电阻与光照强弱无关D．以上说法都不正确【概念规律练】知识点一半导体材料的特性1．半导体就是导电能力介于导体和绝缘体之间的物质，以下关于其导电性能的说法正确的是( )A．半导体导电能力介于导体和绝缘体之间，性能稳定B．在极低的温度下，纯净的半导体像绝缘体一样不导电C．在较高温度时，半导体的导电性能会大大增强，甚至接近金属的导电性能D．半导体中掺入杂质后，其导电性能会减弱2．下列对晶体二极管单向导电性解释正确的是( )A．由于用作半导体材料的硅是一种单晶体，而单晶体具有各向异性，所以晶体二极管具有单向导电性B．由于在硅中掺入了少量的磷(或砷)，使物质的组成发生变化所致C．由于硅中掺入三价元素硼后，缺少一个电子，多出一个带正电的空穴，而空穴不能自由移动，所以只靠电子定向移动导电，因此具有单向导电性D．由于晶体二极管由PN结组成，加正向电压时，N型半导体的电子受电场力作用而越过PN 结，形成电流，二极管导通；当加反向电压时，电子在电场力作用下很难越过PN结，因此表现出单向导电性知识点二光敏电阻和热敏电阻的特性3．如图1所示，图1R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度减弱时( )A．电压表的示数增大B．R2中电流增大C．小灯泡的功率增大D．电路的路端电压增大图2在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的控制．如图2所示电路，定值电阻R1，半导体热敏电阻(温度越高电阻越小)，电容器C.当环境温度降低时( )A．电容器C的带电量增大B．电压表的读数增大C．电容器C两板间的电场强度减小D．R1消耗的功率增大知识点三纳米材料的性能5．下列认识正确的是( )A．纳米是一种尺寸很小的材料，是纳米材料的简称B．纳米技术就是重新排列原子而制造具有新分子结构的技术C．纳米是一个长度单位D．纳米材料的奇特效应使纳米材料表现出不同于传统材料的良好性能6．纳米材料的奇特效应使纳米材料表现出不同于传统材料的良好性能，以下关于纳米材料的性能的说法中正确的是( )A．在力学性能方面，纳米材料具有高强、高硬和良好的塑性B．在热学性能方面，纳米超细微粒的熔点比常规粉体低得多C．在电学性能方面，纳米金属在低温时会呈现超导电性D．在化学性能方面，纳米材料化学活性低，因此化学稳定性强1．影响半导体的导电性能的物理因素有( )A．温度 B．光照 C．纯净度 D．压力2．下列物体中，用到了半导体材料的是( )A．智能机器狗 B．白炽灯泡C．普通干电池 D．滑动变阻器3．图3所示的电子体温计根据流过半导体制成的感温头的电流来反映人的体温，这利用半导体( )A．良好的导电特性B．良好的绝缘特性C．电阻随温度变化而变化的特性D．电阻随光照变化而变化的特性4.图4有定值电阻、热敏电阻、光敏电阻三只元件，将这三只元件分别接入如图4所示电路中的A、B两点后，用黑纸包住元件或者把元件置入热水中，观察欧姆表的示数，下列说法中正确的是( )A．置入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是热敏电阻B．置入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数不变化，这只元件一定是定值电阻C．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是光敏电阻D．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数相同，这只元件一定是定值电阻5.图5半导体温度计是利用热敏电阻制造的．如图5所示，如果待测点的温度升高，那么( ) A．热敏电阻变大，灵敏电流表示数变大B．热敏电阻变大，灵敏电流表示数变小C．热敏电阻变小，灵敏电流表示数变大D．热敏电阻变小，灵敏电流表示数变小6.图6如图6所示的电路中，两端的电压恒定，L为小灯泡，R为光敏电阻，LED为发光二极管(电流越大，发出的光越强)，且R与LED相距不远，下列说法中正确的是( )A．当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率增大B．当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率减小C．当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率可能不变D．无论怎样移动触头P，L消耗的功率都不变7.图7如图7所示，定值电阻R1，负温度系数的热敏电阻，小灯泡L，当温度降低时( ) A．R1两端的电压增大B．电流表的示数增大C．小灯泡的亮度变强D．小灯泡的亮度变弱8．如图8所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R T为负温度系数热敏电阻，R为光敏电阻，闭合开关后，小灯泡L正常发光，由于环境条件改变(光照或温度)，发现小灯泡亮度变暗，则引起小灯泡变暗的原因可能是( )图8A．温度不变，光照增强 B．温度升高，光照不变C．温度降低，光照增强 D．温度升高，光照减弱9．上海世博会场里很多的照明灯是LED灯，LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管．现在用的二极管主要是由下列哪种材料制成( )A．陶瓷材料 B．金属材料C．半导体材料 D．纳米材料题号123456789答案10.图9如图9所示，将多用电表的选择开关置于欧姆挡，再将电表的两支表笔分别与光敏电阻R 的两端相连，这时表针恰好指在刻度盘的中央．若用不透光的黑纸将R包裹起来，表针将向________(填“左”或“右”)转动；若用手电筒的光照射R，表针将向________(填“左”或“右”)转动．11.图10如图10所示，将多用电表的选择开关置于欧姆挡，再将电表的两支表笔与负温度系数的热敏电阻R T的两端相连，这时表针恰好指在刻度盘的正中央．若在R T上擦一些酒精，表针将如何摆动？若用吹风机将热风吹向电阻，表针将如何摆动？第2节半导体课前预习练1．(1)空穴(2)敏感杂质浓度(3)温度光照电阻率2．电子空穴单向导电放大信号开、关电流3．下降改变4．耗电量小可以用低压(6 V以下)直流电作为电源也可以用市电(220 V)作电源固体化、体积小紫外线和红外线5．太空电梯隐形飞机纳米涂料6．A7．A课堂探究练1．BC [半导体材料的导电性能受温度、光照及掺入杂质的影响，故A 错误．掺入杂质后半导体材料的导电性能会大大增强，故选项D 错误．]点评 半导体材料是一种新型微电子材料，其电阻率介于导体与绝缘体之间，但易受外在条件的影响．2．D [晶体二极管的单向导电性是由半导体中导电粒子能否在电场力作用下顺利通过PN 结所决定的．]3．BD [当光照减弱时，R 3的阻值增大则并联部分的阻值增大，进而并联部分的电压增大，流过R 2的电流I 2增大，B 正确．而且由于外电路的阻值变大，路端电压增大，D 正确；电路的总电阻增大，则干路电流I 干减小，由U R 1＝I干R 1知，电压表的示数减小，A 错误．由I L＝I 干－I 2知流过小灯泡的电流减小，则小灯泡的功率减小，C 错误．]点评 当照射光敏电阻的光增强时，光敏电阻的阻值减小；当光减弱时，阻值增大． 4．AB [当环境温度降低时，热敏电阻阻值变大，电路的总电阻变大，由I ＝ER 总知I 变小，又U ＝E －Ir ，则电压表的读数U 增大，B 正确；又由U 1＝IR 1及P 1＝I 2R 1可知U 1变小，R 1消耗的功率P 1变小，D 错误；电容器两板间的电压U 2＝U －U 1，U 2变大，由场强E ′＝U 2d，Q ＝CU 2可知Q 、E ′都增大，故A 正确，C 错误．]5．BCD [纳米是一个长度单位，1 nm ＝10－9m ，俗话说：“纳米不是米，蓝牙不是牙”．它比一般的分子、原子要大，纳米材料是对分子、原子进行重新排列而得到的材料，它具有很多特性．综上所述，B 、C 、D 正确．]6．AB [纳米材料具有良好的性能，在力学性能方面，纳米材料具有高强、高硬和良好的塑性，A 正确．在热学性能方面，纳米超细微粒的熔点比常规粉体低得多，B 正确．在电学性能方面，纳米材料在低温时会呈现电绝缘性；而在化学性能方面，纳米材料具有相当高的化学活性，故选项C 、D 错误．]点评 (1)力学性能：高强、高硬和良好塑性 (2)热学性能：熔点较低(3)电学性能：低温时会呈现电绝缘性 (4)化学性能：具有相当高的化学活性 课后巩固练 1．ABC 2．A 3．C4．AC [热敏电阻的阻值随温度变化而变化，定值电阻和光敏电阻不随温度变化；光敏电阻的阻值随光照变化而变化，定值电阻和热敏电阻不随之变化．]5．C6．A7．C8．AC [由题图可知，当光敏电阻阻值减小或热敏电阻阻值增大时，小灯泡L都会变暗，结合光敏电阻特性可知，A项正确，B项错误；若光敏电阻阻值减小的同时，热敏电阻的阻值增大，小灯泡L也会变暗，C项正确；若热敏电阻减小，光敏电阻增大，则小灯泡变亮．D 项错误．]9．C10．左右解析光敏电阻受光照越强，电阻越小，所以将R用不透光的黑纸包起来，电阻增大，指针左偏；若用手电筒的光照射R，电阻减小，指针右偏．11．见解析解析由于酒精蒸发，热敏电阻R T温度降低，电阻值增大，指针应向左偏；用吹风机将热风吹向电阻，电阻R T温度升高，电阻值减小，指针将向右偏．。
高中物理 第九章 第4节 物态变化中的能量交换课时作业 新人教版选修33
高中物理第九章第4节物态变化中的能量交换课时作业新人教版选修331．熔化指的是物质从________变成________的过程，而凝固是指物质从________变成______的过程．某种晶体熔化过程中所需的能量与其________之比，称做这种晶体的熔化热．一定质量的晶体，熔化时吸收的热量与凝固时放出的热量________．不同晶体的熔化热____________，非晶体没有________的熔化热．2．汽化指的是物质从________变成________的过程，液化指的是物质从________变成_______的过程．某种液体汽化成同温度的气体时所需的能量与其质量之比，叫做这种物质在这个温度下的____________．不同温度下的液体对应的汽化热____________，汽化热还与外界气体的压强有关．3．下列自然现象中，通过熔化形成的是()A．春天，河里的冰化成水B．夏天清晨，花草叶子上附着的露水C．秋天清晨，笼罩大地的雾D．冬天，空中纷飞的雪花4．关于物质的熔化和凝固，下列说法正确的是()A．各种固体都有一定的熔点B．各种固体都有一定的凝固点C．各种晶体的熔点相同D．非晶体熔化要吸热，温度不断上升5．火箭在大气中飞行时，它的头部跟空气摩擦发热，温度可达几千摄氏度，在火箭上涂一层特殊材料，这种材料在高温下熔化并且汽化，能起到防止烧坏火箭头部的作用，这是因为()A．熔化和汽化都放热B．熔化和汽化都吸热C．熔化吸热，汽化放热D．熔化放热，汽化吸热【概念规律练】知识点一熔化热和熔化1．关于固体的熔化，下列说法正确的是()A．固体熔化过程，温度不变，吸热B．固体熔化过程，温度升高，吸热C．常见的金属熔化过程，温度不变，吸热D．对某晶体加热，当温度升高到一定程度时才开始熔化2．如下图所示的四个图象中，属于晶体凝固图象的是()知识点二汽化热和汽化3．1 g100℃的水与1 g100℃的水蒸气相比较，下述说法中正确的是()A．分子的平均动能与分子的总动能都相同B．分子的平均动能相同，分子的总动能不同C．内能相同D．1 g 100 ℃的水的内能小于1 g 100 ℃的水蒸气的内能4．在压强为1.01×105 Pa时，使10 kg 20℃的水全部汽化，需要吸收的热量是多少？(已知100℃时水的汽化热为L＝2 260 kJ/kg)【方法技巧练】物态变化中能量转化的计算方法5．绝热容器里盛有少量温度是0℃的水，从容器里迅速往外抽气的时候，部分水急剧地蒸发，而其余的水都结成0℃的冰．则结成冰的质量是原有水质量的多少倍？已知0℃的水的汽化热L＝2.49×106 J/kg，冰的熔化热λ＝3.34×105 J/kg.6.图1一电炉的功率P＝200 W，将质量m＝240 g的固体样品放在电炉内，通电后电炉内的温度变化如图1所示，设电能全部转化为热能并完全被样品吸收，试问：该固体样品的熔点和熔化热为多大？1．关于熔化及熔化热等概念，下列说法正确的是()A．熔化热等于熔化单位质量晶体所需的能量B．熔化过程吸收的热量等于该物质凝固过程放出的热量C．熔化时，物体的分子动能一定保持不变D．熔化时，物体的分子势能一定保持不变2．晶体在熔化过程中，吸收热量的作用是()A．增加晶体的温度B．克服分子间引力，增加分子势能C．克服分子间引力，使分子平均动能增加D．既增加分子平均动能，也增加分子势能3．下列说法中正确的是()A．晶体有确定的熔化热，非晶体没有确定的熔化热B．不同晶体的熔化热也不相同C．晶体熔化时吸收热量而温度不变，主要是用来增加分子势能D．一定质量的晶体，熔化时吸收的热量与凝固时放出的热量不相等4．一定质量的0℃的冰熔化成0℃的水时，其分子动能之和Ek和分子势能之和Ep的变化情况是()A．Ek变大，Ep变大B．Ek变小，Ep变小C．Ek不变，Ep变大D．Ek不变，Ep变小5．大烧杯中装有冰水混合物，在冰水混合物中悬挂一个小试管，试管内装有冰，给大烧杯加热时，以下现象正确的是()A．烧杯内的冰和试管内的冰同时熔化B．试管内的冰先熔化C．在烧杯内的冰熔化完之前，试管内的冰不会熔化D．试管内的冰始终不会熔化6．用吹风机的热风吹一支蘸了酒精的温度计时，温度计的示数是()A．先降低后升高B．先升高后降低C．一直降低D．一直升高7．下列关于汽化热的说法中正确的是()A．汽化热不会随温度的变化而变化B．不同物质的汽化热不同，同一物质的汽化热相同C．汽化热不仅与物质的种类有关，还与温度、压强有关，温度升高，汽化热变小D．汽化热只与物质的种类有关，与温度、压强无关8．下列液体现象中属于降低气体温度而液化的是()A．霜的形成B．自然界中的雾和露C．自来水管外壁的小水珠D．锅炉出气口喷出的“白汽”9．当晶体的温度正好是熔点或凝固点时，它的状态为()A．一定是固体B．一定是液体C．可能是固体D．可能是液体11．俗话说“下雪不冷化雪冷”是说化雪天往往比下雪天更冷，这是为什么？12．我们常把闯入大气层飞落到地球的天体碎块称为陨石.1860年在炎热的印度某地上空，出现了一团很大的火光，一个白炽的物体落在沼泽地里，人们跑过去一看，十分惊奇，在陨石降落的地方出现了一个大冰块，应该怎样解释这种现象？13．冬季在菜窖里放上几桶水，可以使窖内的温度不致降低得太多，防止把菜冻坏．如果在窖内放入200 kg 10℃的水，试计算这些水结成0℃的冰时放出的热量相当于燃烧多少干木柴所放出的热量？(干木柴的热值约为1.26×107 J/kg，冰的熔化热为3.34×105 J/kg)第4节物态变化中的能量交换课前预习练1．固态液态液态固态质量相等不相同确定2．液态气态气态液态汽化热不相同3．A[冰化成水是固态变为液态，属熔化；花草叶子上附着的露水是液化形成的；雾的形成是液化；水蒸气形成雪是气态变为固态，是凝华．]4．D[固体包括晶体和非晶体，只有晶体具有固定的熔点，且不同晶体的熔点一般不同．非晶体熔化时要吸热，在熔化过程中温度逐渐升高．]5．B[物质在熔化和汽化过程中都是吸收热量的，故B选项正确．]课堂探究练1．CD[固体包括晶体和非晶体，常见的金属都是晶体，只有晶体熔化时，温度才不变；在温度达到熔点之前，吸收的热量主要用来增加分子的平均动能，因而温度一直升高；当温度达到熔点开始熔化时就不再变化．]方法总结(1)晶体熔化过程，当温度达到熔点时，吸收的热量全部用来破坏空间点阵，增加分子势能，而分子平均动能却保持不变，所以晶体有固定的熔点．(2)非晶体没有空间点阵，熔化时不需要去破坏空间点阵，吸收的热量主要转化为分子的动能，不断吸热，温度就不断上升．2．C[首先分清晶体与非晶体的图象．晶体凝固时有确定的凝固温度，非晶体没有确定的凝固温度，故A、D图象是非晶体的图象；其次分清熔化时在达到熔点前是吸收热量，温度升高，而凝固过程则恰好相反，故C正确．]方法总结熔化时吸热，凝固时放热，且一定质量的晶体，熔化时吸收的热量与凝固时放出的热量相等．熔化与凝固过程中，温度都保持不变直至过程结束．3．AD[温度是分子平均动能的标志，因而在相同的温度下，分子的平均动能相同．又1 g 水与1 g水蒸气的分子数相同，因而分子的总动能相同，A正确；当从100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气时，分子间距离变大，要克服分子引力做功，因而分子势能增加，即1 g 100 ℃的水的内能小于1 g 100 ℃的水蒸气的内能，故D正确．]方法总结液体汽化时，要吸收热量，液化时要放热．一定质量的物质，在一定温度和压强下，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等．4．2.6×107 J解析压强为1.01×105 Pa时，水在达到沸点时的汽化热为2 260 kJ/kg.要使20℃的水全部汽化，应先使水的温度上升到100℃，则需吸收的热量总共为Q＝cmΔt＋m·L＝4.2×103×10×(100－20) J＋10×2 260×103 J≈2.6×107 J方法总结注意水要先吸收热量达到100℃，然后在1.01×105 Pa的压强、100℃的温度下汽化．5．0.88解析 水蒸发时需要的汽化热是由其余的水结成冰所释放的热量提供的．设蒸发的水的质量是m1，结成冰的质量是m2，蒸发所需吸收的热量Q1＝m1L ，水结成冰所放出的热量Q2＝m2λ，由于容器与外界不发生热交换，Q1＝Q2，即m1L ＝m2λ得m2m1＝Lλ所以结成冰的质量与原有水质量之比为m2m1＋m2＝L λ＋L ＝ 2.49×1063.34×105＋2.49×106 J/kg≈0.88即m 冰≈0.88m 水方法总结 (1)熔化热的计算： 如果用λ表示物质的熔化热，m 表示物质的质量，Q 表示熔化时所需要吸收的热量，则Q ＝λm. (2)汽化热的计算设某物质在某个大气压、某个温度下的汽化热为L ，物质的质量为m ，则Q ＝Lm. 6．60℃ 1×105 J/kg解析 由题图可知，样品的熔点为60℃，熔化时间t ＝2 min ，电流做功W ＝Pt.设样品的熔化热为λ，样品熔化过程中共吸收热量Q ＝λm.由W ＝Q ，即Pt ＝λm ，得 λ＝Pt m ＝200×2×60240×10－3 J/kg ＝1×105 J/kg. 方法总结 明确物态变化中能量是如何转化的是解决此类问题的关键．本题是电流做功使电能全部转化为电热并全部用于样品的熔化． 课后巩固练1．A [只有晶体熔化过程吸收的热量等于凝固过程放出的热量，并且温度保持不变，分子动能不变．熔化吸热，对于晶体而言，只增加分子势能．对非晶体上述关系都不成立．] 2．B [晶体熔化时温度不变，分子平均动能不变，吸收的热量用于改变分子势能．]3．ABC [只有晶体才有固定的熔点，有确定的熔化热，熔化热与压强无关，A 正确；熔化热与晶体的种类有关，B 正确；晶体熔化时吸收热量，内能增加，但温度不变，分子平均动能不变，因此吸收的热量主要是用来增加分子势能，C 正确；一定质量的晶体，熔化时吸收的热量与凝固时放出的热量相等，D 错误．]4．C [0℃的冰熔化成0℃的水，温度不变，故分子的平均动能不变，而分子总数不变，故Ek 不变；冰熔化过程中吸收的热量用来增大分子的势能，故C 正确．]5．C [熔化需要满足两个条件：达到熔点和继续吸热．烧杯中的冰水混合物与试管中的冰达到热平衡时温度相等，不发生热传递，因此试管中的冰达到0℃后不再熔化，直到烧杯中的冰全部熔化．]6．A [温度计表面的酒精要发生蒸发现象，因此要从温度计吸热，故温度计温度先降低；当酒精蒸发完毕后，因为吹风机吹的是热风，温度计的温度又会升高，故选A.]7．C [温度低时，液体分子克服周围其他分子的吸引成为气体分子时，由于本身动能较小，因此需做更多的功，汽化热与温度有关；在相同条件下，压强增大，气体分子密度变大，受空气分子的作用力变大，需做更多的功，因此C 正确，A 、B 、D 错误．] 8．BCD9．CDE [晶体刚好熔化时，是固体，熔化过程是固液共存，熔化结束是液体．] 10．见解析解析 由于0℃的冰熔化时要吸热，温度保持不变，直到所有的冰完全都变成0℃的水后再吸热温度才升高． 11．见解析解析 雪熔化时，水由固态变成液态要从周围吸收大量的热量，使周围的气温更低，人感觉更冷．12．见解析解析陨石不易传热，在高速穿过大气层坠落到沼泽地的短暂过程中，它与大气摩擦产生的热来不及向内部传递，造成陨石表面温度很高，内部温度很低．落地时，与它接触的沼泽地的水迅速升温沸腾，剧烈汽化．由于水汽化吸收大量的热，陨石表面的温度很快冷却，而内部极低的温度又使与它的表面接触的水凝固而结冰．13．6 kg解析10℃的水降至0℃的水放出的热量为Q1＝cmΔt＝4.2×103×200×10 J＝8.4×106 J这些水在0℃全部结成冰放出的热量为Q2＝λm＝3.34×105×200 J＝6.68×107 J因此共放热Q＝Q1＋Q2＝0.84×107 J＋6.68×107 J＝7.52×107 J所需燃烧的木柴质量为m′＝Qq＝7.52×1071.26×107kg≈6 kg。
2019-2020学年高中物理人教版选修3-3同步作业与测评：10.2 热和内能 Word版含解析
课时2热和内能[对点训练]知识点一·热传递与内能变化的关系1．若A、B两物体之间没有热传递，正确的解释是()A．两物体所包含的热量相等B．两物体的内能相等C．两物体的温度相等D．两物体没有接触，且都处在真空中答案C解析热传递发生的条件是两物体存在温度差，当两物体温度相等，热传递就不再发生，与两物体的内能、所处状态均无关。
2．(多选)下列关于热传递的说法中正确的是()A．热量是从含热量较多的物体传到含热量较少的物体B．热量是从温度较高的物体传到温度较低的物体C．热量是从内能较多的物体传到内能较少的物体D．热量是热传递过程中，物体间内能的转移量答案BD解析热量不是状态量，不能说含有或者具有多少热量，故A错误；在热传递的过程中热量总是由温度高的物体传递给温度低的物体，故B正确，C错误；热量是热传递过程中物体内能变化的量度，故D正确。
3．(多选)关于传热，下列各种说法中正确的是()A．电视机等电器后面往往设计有一些小孔，其目的是为了加快散热B．夏天，在室外活动的人应穿深颜色的衣服C．家用的各种炊具的手柄往往用木头或塑料制成，其目的是为了防止传热过快而烫手D．暖气设备上往往设计有许多组散热片，这是为了加快散热速度答案ACD解析电视机等电器后面设计的小孔，是为了让电器里面的高温空气与外面的冷空气形成对流，以加快电器散热，防止其因电热作用而被烧坏，A正确。
深颜色的物体吸收热辐射的能力比浅颜色的物体强，因而夏天在室外活动的人应穿浅颜色的衣服，B错误。
木头与塑料均是热的不良导体，传热较慢，C正确。
暖气设备上安装有许多散热片，增大了向外散热的面积，从而加快了暖气设备向空气中散热的速度，D正确。
4．(多选)100 ℃的水完全变成100 ℃的水蒸气的过程中()A．水分子的平均动能增加B．水分子的势能增加C．水所增加的内能小于所吸收的热量D．水所增加的内能等于所吸收的热量答案BC解析水完全变成水蒸气的过程中要吸收一定的热量，吸收的热量一部分用来破坏化学键，使分子间距发生变化，内能增加；一部分能量损失掉，水由液态变成气态时，吸收了热量，内能增加了，由于温度没变，故分子平均动能不变，又分子个数不变，所以分子势能增大了，B正确；由于有能量损失，故增加的内能小于吸收的热量，C正确。
高中政治选修3课时作业1：1.1 国家的本质练习题
基础自测知识点一国家与国家性质1．近代中国学者梁启超说：“夫国家者何物也？有土地，有人民，以居于其上之人民，而治其所居土地之事，自制法律而守之，有主权，有服从，人人皆有主权者，人人皆服从者，夫如是斯谓之完全成立之国家。
”这一观点()①揭示了国家的本质②揭示了国家的基本构成要素③忽视了国家的阶级性④没有看到国家是阶级矛盾不可调和的产物和表现A．①②③B．②③④C．①②④D．①③④答案 B解析本题考查学生对国家概念的全面理解。
从梁启超的言语中可知，他看到了国家由土地、人民、主权这些基本要素构成，但没有看到国家的本质，忽视了国家的阶级性，②③④符合题意；①与题中观点不符。
故选B项。
2．恩格斯把历史上的国家分为三种类型，“在古代是占有奴隶的公民的国家，在中世纪是封建贵族的国家，在我们的时代是资产阶级的国家”。
恩格斯划分国家的依据是() A．国家政权的时代特征B．国家政权的组织形式C．国家政权的阶级性质D．国家政权的职能类型答案 C解析本题考查学生对国家的本质属性的认识。
国家的历史类型是根据国家性质划分的，而国家性质就是国家的阶级本质，统治阶级的性质决定国家的性质，故选C项。
B项为政体，非国家性质，A、D两项与题意不符，故不选。
知识点二专政与民主3．列宁指出：“如果不是嘲弄理智和历史，那就很明显：只要有不同阶级存在，就不能说‘纯粹民主’，而只能说阶级的民主。
”这说明()①民主是具体的，而不是抽象的②只有社会主义的民主才是纯粹的民主③作为国家制度的民主属于统治阶级④阶级性是民主的本质属性A．①②④B．①③④C．②③④D．①②③答案 B解析本题考查学生对民主阶级性的理解。
列宁的话说明了民主具有阶级性，超越阶级的民主是不存在的，社会主义国家也不例外，①③④正确，②说法错误。
故选B项。
4．我国是人民民主专政的社会主义国家，同资产阶级专政的资本主义国家相比()①享有民主的主体不同②专政的对象不同③它是绝大多数人对极少数敌人实行专政④民主具有广泛性和真实性A．①B．①②C．①②③D．①②③④答案 D解析我国民主的主体是全体人民，资本主义国家是资产阶级，故①正确；我国专政的对象是犯罪分子，资本主义国家是广大劳动人民，故②正确；③④是我国民主所特有的，故选D项。
2020-2021学年人教版物理选修3-3同步导练课时作业：17 热力学第二定律(含答案)
课时作业17热力学第二定律基础巩固1．(多选)根据热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是() A．可以利用高科技手段，将流散到环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化B．理想气体状态变化时，温度升高，气体分子的平均动能增大，气体的压强可能减小C．布朗运动是液体分子的运动，温度越高布朗运动越剧烈D．利用浅层海水和深层海水之间的温度差可以制造一种热机，将海水的一部分内能转化为机械能，这在原理上是可行的解析：根据热力学第二定律知机械能可以完全转化为内能，而内能向机械能的转化是有条件的，A项错；温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大，而气体压强大小宏观上取决于气体的温度与体积，温度升高，若体积增大，气体的压强可能减小，B项正确；布朗运动是悬浮颗粒的运动而非液体分子的运动，但它反映了液体分子运动的无规则性，温度越高，布朗运动越显著，C项错误；利用浅层海水和深层海水之间的温度差可以制造一种热机，将海水的一部分内能转化为机械能，理论上满足热力学第一、第二定律，这在原理上是可行的，D项正确．答案：BD2．(多选)下列关于分子运动和热现象的说法正确的是()A．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B．一定量100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气，其分子之间的势能增加C．对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热D．如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，则压强必然增大解析：气体失去容器约束会散开是因为气体分子可以充满整个空间而不是分子间有势能的缘故，A错误；100 ℃的水变为100 ℃的水蒸气，温度未变，分子平均动能未变，但由于吸热，内能增加，所以分子势能增加，B正确；气体压强不变，体积增大则温度升高，对外做功且温度又升高，所以气体一定从外界吸热，C正确；气体温度升高，平均动能增大，但体积如何变化不确定；单位面积、单位时间内的冲击次数如何变化也不确定，D错误．答案：BC3．(多选)关于热力学定律，下列说法正确的是()A．为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B．对某物体做功，必定会使物体的内能增加C．可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D．不可能使热量从低温物体传向高温物体E．功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程解析：改变内能的方法有做功和热传递两种，所以为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量，A正确；对物体做功的同时物体向外界放热，则物体的内能可能不变或减小，B错误；根据热力学第二定律可知，在对外界有影响的前提下，可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功，C正确；在有外界做功的条件下，可以使热量从低温物体传递到高温物体，D错误；根据热力学第二定律可知功变为热的实际宏观过程不可逆，E正确．答案：ACE4．(多选)关于热力学定律，下列说法正确的是()A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡解析：气体吸热后温度不一定升高，A错；理想气体等压膨胀过程吸热，故C错。
人教版高中物理选修3-3课时作业：第八章第1节
高中物理学习材料金戈铁骑整理制作1．描述气体状态的三个物理量，分别为________、________、________，如果三个量中有两个或三个都发生了变化，我们就说______________发生了变化．2．玻意耳定律：一定质量的某种气体，在温度不变的情况下，压强p与体积V成________，即____________或____________．3．在气体的温度保持不变的情况下，为研究气体的压强和体积的关系，以________为纵轴，以________为横轴建立坐标系．在该坐标系中，气体的等温线的形状为____________．4.图1一端封闭的玻璃管倒插入水银槽中，管竖直放置时，管内水银面比管外高h，上端空气柱长为L，如图1所示，已知大气压强为H cmHg，下列说法正确的是()A．此时封闭气体的压强是(L＋h) cmHgB．此时封闭气体的压强是(H－h) cmHgC．此时封闭气体的压强是(H＋h) cmHgD．此时封闭气体的压强是(H－L) cmHg5．如图2所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量．设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气()图2A．体积不变，压强变小B．体积变小，压强变大C．体积不变，压强变大D．体积变小，压强变小6．一定质量的气体发生等温变化时，若体积增大为原来的2倍，则压强变为原来的()A．2 B．1 C.12 D.14【概念规律练】知识点一玻意耳定律1．一个气泡由湖面下20 m深处缓慢上升到湖面下10 m深处，它的体积约变为原来体积的()A．3倍B．2倍C．1.5倍D．0.7倍2．在温度不变的情况下，把一根长为100 cm、上端封闭的玻璃管竖直插入水银槽中如图3所示，插入后管口到槽内水银面的距离是管长的一半，若大气压为75 cmHg，求水银进入管内的长度．图3知识点二气体等温变化的p—V图3.图4如图4所示为一定质量的气体在不同温度下的两条等温线，则下列说法正确的是() A．从等温线可以看出，一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成反比B．一定质量的气体，在不同温度下的等温线是不同的C．由图可知T1>T2D．由图可知T1<T24．下图中，p表示压强，V表示体积，T为热力学温度，各图中正确描述一定质量的气体发生等温变化的是()【方法技巧练】一、封闭气体压强的计算方法5．求图5中被封闭气体A的压强．图中的玻璃管内都灌有水银且水银柱都处在平衡状态，大气压强p0＝76 cmHg.(p0＝1.01×105 Pa，g＝10 m/s2)．图56.图6如图6所示，一个壁厚可以不计、质量为M的汽缸放在光滑的水平地面上，活塞的质量为m，面积为S，内部封有一定质量的气体．活塞不漏气，不计摩擦，外界大气压强为p0，若在活塞上加一水平向左的恒力F(不考虑气体温度的变化)，求汽缸和活塞以相同加速度运动时，缸内气体的压强为多大？二、气体压强、体积的动态分析方法7.图7如图7所示，一根一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽中，管中封闭一定质量的气体，管内水银面低于管外，在温度不变时，将玻璃管稍向下插入一些，下列说法正确的是() A．玻璃管内气体体积减小B．玻璃管内气体体积增大C．管内外水银面高度差减小D．管内外水银面高度差增大8.图8如图8所示，竖直圆筒是固定不动的，粗筒横截面积是细筒的4倍，细筒足够长，粗筒中A、B两轻质活塞间封有空气，气柱长l＝20 cm，活塞A上方的水银深H＝10 cm，两活塞与筒壁间的摩擦不计，用外力向上托住活塞B，使之处于平衡状态，水银面与粗筒上端相平．现使活塞B缓慢上移，直至水银的一半被推入细筒中，求活塞B上移的距离．设在整个过程中气柱的温度不变，大气压强p0相当于75 cm高的水银柱产生的压强．1．放飞的氢气球上升到一定高度会胀破，是因为()A．球内氢气温度升高B．球内氢气压强增大C．球外空气压强减小D．以上说法全不正确2.图9如图9所示，一横截面积为S的圆柱形容器竖直放置，圆板A的上表面是水平的，下表面是倾斜的，且下表面与水平面的夹角为θ，圆板的质量为M，不计一切摩擦，大气压为p0，则被圆板封闭在容器中的气体的压强为()A．p0＋Mg cos θ/SB．p0/S＋Mg cos θ/SC．p0＋Mg cos2θ/SD．p0＋Mg/S3.图10如图10所示，有一段12 cm长的汞柱，在均匀玻璃管中封住一定质量的气体，若开口向上将玻璃管放置在倾角为30°的光滑斜面上，在下滑过程中被封住气体的压强为(大气压强p0＝76 cmHg)()A．76 cmHg B．82 cmHgC．88 cmHg D．70 cmHg4．大气压强p0＝1.0×105 Pa.某容器容积为20 L，装有压强为2.0×106 Pa的理想气体，如果保持气体温度不变，把容器的开关打开，待气体达到新的平衡时，容器内剩下的气体质量与原来的质量之比为()A．1∶19 B．1∶20 C．2∶39 D．1∶185.图11如图11所示，两端开口的均匀玻璃管竖直插入水银槽中，管中有一段水银柱h1封闭着一定质量的气体，这时管下端开口处内、外水银面高度差为h2，若保持环境温度不变，当外界压强增大时，下列分析正确的是()A．h2变长B．h2变短C．h1上升D．h1下降6.图12如图12所示，活塞的质量为m ，缸套的质量为M ，通过弹簧吊在天花板上，汽缸内封住一定质量的气体，缸套和活塞间无摩擦，活塞面积为S ，大气压强为p 0，则封闭气体的压强为( )A ．p ＝p 0＋MgSB ．p ＝p 0＋(M ＋m )gSC ．p ＝p 0－MgSD ．p ＝mg /S 7.图13如图13所示为一定质量的气体的两条等温线，则下列关于各状态温度的说法正确的有( ) A ．t A ＝t B B ．t B ＝t C C ．t C >t A D ．t D >t A 8.图14如图14所示为一定质量的气体在不同温度下的两条p —1V图线．由图可知( )A ．一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成正比B ．一定质量的气体在发生等温变化时，其p —1V图线的延长线是经过坐标原点的C ．T 1>T 2D ．T 1<T 29．一个开口玻璃瓶内有空气，现将瓶口向下按入水中，在水面下5 m 深处恰能保持静止不动，下列说法中正确的是( )A ．将瓶稍向下按，放手后又回到原来位置B ．将瓶稍向下按，放手后加速下沉C ．将瓶稍向上提，放手后又回到原处D ．将瓶稍向上提，放手后加速上升 10.图15如图15所示，是一定质量的理想气体状态变化的p －V 图象，气体由状态A 变化到状态B 的过程中，气体分子平均速率的变化情况是( ) A ．一直保持不变 B ．一直增大 C ．先减小后增大D．先增大后减小题号12345678910答案11.图16一横截面积为S的汽缸水平放置，固定不动，汽缸壁是导热的，两个活塞A和B将汽缸分隔为1、2两气室，达到平衡时1、2两气室体积之比为3∶2，如图16所示．在室温不变的条件下，缓慢推动活塞A，使之向右移动一段距离d，求活塞B向右移动的距离，不计活塞与汽缸壁之间的摩擦．12.图17一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽内，如图17所示，管内水银柱比槽内水银面高h＝5 cm，空气柱长l＝45 cm，要使管内外水银面相平，求：(1)应如何移动玻璃管？(2)此刻管内空气柱长度为多少？(设此时大气压相当于75 cmHg产生的压强)第八章气体第1节气体的等温变化课前预习练1．温度T体积V压强p气体的状态2．反比pV＝C(常数)p1V1＝p2V23．压强p体积V双曲线4．B[用等压面法，选取管外水银面为等压面，则p气＋p h＝p0得p气＝p0－p h即p气＝(H－h) cmHg，B项正确．]5．B[由图可知空气被封闭在细管内，缸内水位升高时，气体体积一定减小，根据玻意耳定律，气体压强增大，B选项正确．]6．C[由玻意耳定律pV＝C，得体积增大为原来的2倍，则压强变为原来的12，故C项正确．]课堂探究练1．C [由于气泡缓慢上升，因此其内气体始终与湖水的温度相同，即温度保持不变．P ＝P 0＋ρgh ，在湖面下20 m 处，气体的压强约为p 1＝3 atm(1 atm 即为1个标准大气压P 0＝1.01×105Pa ，湖面上的大气压强为1 atm)；在湖面下10 m 深处，气体的压强约为p 2＝2 atm.由玻意耳定律得 p 1V 1＝p 2V 2因此V 2V 1＝p 1p 2＝3 atm 2 atm＝1.5]方法总结 玻意耳定律的研究对象为：一定质量的气体，且这一部分气体温度保持不变．经常使用p 1V 1＝p 2V 2或p 1p 2＝V 2V 1这两种形式且只需使用同一单位即可．2．25 cm解析 研究玻璃管内封闭的空气柱． 初态：玻璃管未插入水银槽之前， p 1＝p 0＝75 cmHg ；V 1＝LS ＝100·S .末态：玻璃管插入水银槽后，设管内外水银面高度差为h ， 则 p 2＝(75＋h )cmHg ；V 2＝[L －(L2－h )]·S ＝[100－(50－h )]·S ＝(50＋h )·S .根据玻意耳定律p 1V 1＝p 2V 2得 75×100·S ＝(75＋h )(50＋h )·S ， 即h 2＋125 h －3 750＝0.解得h ＝25 cm ；h ＝－150 cm(舍去)．所以，水银进入管内的长度为L 2－h ＝(1002－25) cm ＝25 cm.方法总结 要根据题意，画出示意图，找准初、末态的压强和体积的表示方法，然后由玻意耳定律p 1V 1＝p 2V 2列方程求解．3．ABD [由等温线的物理意义可知，A 、B 正确；对于一定质量的气体，温度越高，等温线的位置就越高，C 错，D 对．]方法总结 一定质量的气体在温度不变的情况下，p 与V 成反比，因此等温过程的p —V 图象是双曲线的一支．一定质量的气体，温度越高，气体压强与体积的乘积越大，在p —V 图上的等温线的位置就越高．4．AB [A 图中可以直接看出温度不变；B 图说明p ∝1V，即p ·V ＝常数，是等温过程；C图是双曲线，但横坐标不是体积V ，不是等温线，D 图的P －V 图线不是双曲线，故也不是等温线．]方法总结 由玻意耳定律知，一定质量的理想气体，T 不变，p 与V 成反比，即p 与1V成正比，即p ∝1V ，在p －1V图象中等温线是一条过原点的直线．5．(1)66 cmHg (2)71 cmHg (3)81 cmHg解析 (1)p A ＝p 0－p h ＝76 cmHg －10 cmHg ＝66 cmHg (2)p A ＝p 0－p h ＝76 cmHg －10×sin 30° cmHg ＝71 cmHg (3)p B ＝p 0＋p h 2＝76 cmHg ＋10 cmHg ＝86 cmHg p A ＝p B －p h 1＝86 cmHg －5 cmHg ＝81 cmHg方法总结 静止或匀速运动系统中压强的计算，一般选与封闭气体接触的液柱(或活塞、汽缸)为研究对象进行受力分析，列平衡方程求气体压强．6．p 0＋MF(M ＋m )S解析 设稳定时汽缸和活塞以相同加速度a 向左做匀加速运动，这时缸内气体的压强为p ，分析它们的受力情况，分别列出它们的运动方程为汽缸：pS －p 0S ＝Ma ① 活塞：F ＋p 0S －pS ＝ma ②将上述两式相加，可得系统加速度a ＝Fm ＋M将其代入①式，化简即得封闭气体的压强为p ＝p 0＋M M ＋m ·F S ＝p 0＋MF(M ＋m )S方法总结 (1)当系统加速运动时，选与封闭气体接触的物体如液柱、汽缸或活塞等为研究对象，进行受力分析，然后由牛顿第二定律列方程，求出封闭气体的压强． (2)压强关系的实质反映力的关系，力的关系由物体的状态来决定．7．AD [解法一：极限分析法：设想把管压下很深，则易知V 减小，p 增大，因为p ＝p 0＋p h ，所以h 增大．即A 、D 选项正确．解法二：假设法：将玻璃向下插入的过程中，假设管内气体体积不变，则h 增大，p ＝p 0＋p h 也增大，由玻意耳定律判断得V 减小，故管内气体体积V 不可能不变而是减小，由V 减小得p ＝p 0＋p h 增大，所以h 也增大．即A 、D 选项正确．]方法总结 此题属于定性判断气体状态参量变化的问题，需弄清p 、V 的定性变化关系，常用极限分析法或假设法来解决． 8．8 cm解析 由水银柱的高度H ＝10 cm 可以求出气体初状态的压强；当水银的一半被推入细筒中时，由水银的体积可以求出水银柱的总高度，从而求出气体末状态的压强．然后运用玻意耳定律求出气体末状态的体积，即可求得活塞B 上移的距离．设气体初态压强为p 1(都以1 cm 水银柱产生的压强作为压强的单位，下同)，则p 1＝p 0＋H .设气体末态压强为p 2，粗筒的横截面积为S ，则有p 2＝p 0＋12H ＋12HS 14S .设末态气柱的长度为l ′，气体体积为V 2＝Sl ′，在整个过程中气柱的温度不变，由玻意耳定律得 p 1V 1＝p 2V 2.活塞B 上移的距离 d ＝l －l ′＋H2，代入数据得d ＝8 cm.方法总结 本题容易在两个问题上出现错误：一是对液体压强及对压强的传递不够清楚，误认为初状态时水银只有14S 的面积上受到大气压，其余34S 的水银由于不与外界大气接触，因此不受大气压，从而导致p 1值的表达式错误．二是几何关系上出错，搞不清一半水银被推入细筒后，水银柱的高度是多少，或列不出正确计算d 值的式子． 课后巩固练1．C [气球上升时，由于高空处空气稀薄，球外气体的压强减小，球内气体要膨胀，到一定程度时，气球就会胀破．] 2．D[以圆板为研究对象，如右图所示，竖直方向受力平衡，则 pS ′cos θ＝p 0S ＋Mg 因为S ′＝S /cos θ所以p Scos θ·cos θ＝p 0S ＋Mg p ＝p 0＋Mg /S 故此题应选D.]3．A [水银柱所处的状态不是平衡状态，因此不能用平衡条件来处理．水银柱的受力分析如题图所示，因玻璃管和水银柱组成系统的加速度a ＝g sin θ，所以对水银柱由牛顿第二定律得：p 0S ＋mg sin θ－pS ＝ma ，解得p ＝p 0.]4．B [由p 1V 1＝p 2V 2，得p 1V 0＝p 0V 0＋p 0V ，V 0＝20 L ，则V ＝380 L ，即容器中剩余20 L 、1大气压的气体，而同样大气压下气体的总体积为400 L ，所以剩下气体的质量与原来的质量之比等于同压下气体的体积之比，即20 L 400 L ＝120，B 项正确．]5．D6．C [以缸套为研究对象，有pS ＋Mg ＝p 0S ，所以封闭气体的压强p ＝p 0－MgS，故应选C.对于此类问题，选好研究对象，对研究对象进行受力分析是关键．]7．ACD [两条等温线，故t A ＝t B ，t C ＝t D ，故A 项正确；两条等温线比较，t D >t A ，t C >t A ，故B 项错，C 、D 项正确．]8．BD [这是一定质量的气体在发生等温变化时的p －1V 图线，由图线知p ∝1V，所以p 与V应成反比，A 错误；由图可以看出，p －1V图线的延长线是过坐标原点的，故B 正确；根据p－1V图线斜率的物理意义可知C 错误，D 正确．] 9．BD [瓶保持静止不动，受力平衡mg ＝ρgV ，由玻意耳定律，将瓶下按后，p 增大而V 减小，mg >ρgV ，故放手后加速下沉．同样道理，D 选项也正确．]10．D [由图象可知，p A V A ＝p B V B ，所以A 、B 两状态的温度相等，在同一等温线上，由于离原点越远的等温线温度越高，所以从状态A 到状态B 温度应先升高后降低，分子平均速率先增大后减小．] 11.25d 解析 因汽缸水平放置，又不计活塞的摩擦，故平衡时两气室内的压强必相等，设初态时气室内压强为p 0，气室1、2的体积分别为V 1、V 2；在活塞A 向右移动d 的过程中活塞B 向右移动的距离为x ；最后汽缸内压强为p ，因温度不变，分别对气室1和2的气体运用玻意耳定律，得气室1：p 0V 1＝p (V 1－Sd ＋Sx )① 气室2：p 0V 2＝p (V 2－Sx )②由①②两式解得x ＝V 2V 1＋V 2d .由题意V 1V 2＝32，得x ＝25d .12．(1)向下移动玻璃管 (2)42 cm解析 (1)欲使管内外水银面相平，则需增大管内气体的压强．可采取的办法是：向下移动玻璃管，内部气体体积V 减小、压强p 增大，因此，h 减小．所以应向下移动玻璃管．(2)设此刻管内空气柱长度为l ′，p 1V 1＝p 2V 2，即(p 0－h )lS ＝p 0l ′S ，解得l ′＝(p 0－h )lp 0＝(75－5)×4575cm ＝42 cm.。
人教新课标版-语文-高二-人教版选修课时作业3及答案
一、基础巩固1．下面词语中加点的字，读音完全正确的一组是()A．重诉(zhòng)寰．宇(huán)从兹．(zī) 眉梢．(shāo)B．前番．(fān) 孤旅．(lǚ)横．塘(héng) 凄．然(qī)C．横．祸(hèng) 似．的(sì)角．色(jué) 比翼．(yì)D．割．断(gē) 精粹．(cuì)阴霾．(lǐ) 情调．(diào)【解析】A项，重．诉chóng；C项，似．的shì；D项，阴霾．mái。
【答案】 B2．下列各项中，加点的词语解释有误的一项是()A．更那堪．．凄然相向那堪：哪里能够B．凭．割断愁丝恨缕凭：借以C．重比翼，和云翥．翥：鸟飞D．若情重诉．．重诉：反复诉说【解析】那堪：哪能忍受。
【答案】 A3．下面的句子，有语病的一项是()A．《贺新郎》，词牌名之一。
此调始见苏轼词，原名《贺新凉》，因词中有“乳燕飞华屋，悄无人，桐阴转午，晚凉新浴”句得名。
B．在毛逝世后出版的多种版本《毛泽东诗词》中，这首词毫无例外地排列于卷首，由此可见它在毛泽东诗词中的重要地位。
C．他诗才横溢，是毋庸置疑的。
他的诗词，在正式发表前，都曾经过反复的修改、推敲。
D．《贺新郎》赠别的是夫人杨开慧。
这首词体现了一个革命家的浪漫情怀，其中的婉约气氛是毛泽东诗词中少见的。
【解析】C项，“修改、推敲”语序不当，应为“推敲、修改”。
【答案】 C4．下面是毛泽东的《七律·和柳亚子先生》，中间四句抽出，排列次序恰当的一项是()饮茶粤海未能忘，索句渝州叶正黄。
______________，______________。
______________，______________。
莫道昆明池水浅，观鱼胜过富春江。
①落花时节读华章②三十一年还旧国③风物长宜放眼量④牢骚太胜防肠断A．①②③④B．②①③④C．②①④③D．③②①④【解析】要从律诗的押韵、对仗等特点出发，结合诗句内容考虑。
课时作业本选修3英语答案
课时作业本选修3英语答案In 2001，Fan Fair returned to downtown Nashville as the world’s biggest country music festival.Now，over one hundred and twentyfive thousand country music fans go to Nashville every June.As you can imagine，those who want to attend Fan Fair must plan ahead.For example，they need to buy a ticket several months ahead of time.Of course，there’s much more to prepare.语篇解读本文是记叙文。
作者主要介绍了Fan Fair这一节日的诞生及发展。
1．According to the text，Fan Fair________.A．has a history of more than 50 yearsB．lasts almost half a month every yearC．is the most important music festival in AmericaD．is a time when country music lovers get together解析：细节理解题。
由第一段中的country music DJ convention，Fans would go to Nashville和Fan Fair was born可知，Fan Fair是乡村音乐爱好者们聚在一起庆祝的一个节日，故选D项。
答案： D2．The second Fan Fair________.A．was held in the spring of 1972B．was more popular than the first oneC．was moved from Nashville to the fairgroundsD．was attended by former Beatle Paul McCartney解析：细节理解题。
高中物理 第三章 第1节 查理定律 盖 吕萨克定律(第2课
第2课时 查理定律 盖·吕萨克定律1．查理定律(等容变化)：一定质量的某种气体，在体积不变的情况下，________与_______成正比．表达式p T ＝常量或p 1T 1＝________________或p 1p 2＝____________.2．盖·吕萨克定律(等压变化)：一定质量的某种气体，在压强不变的情况下，________与______成正比．表达式V T ＝常量或V 1T 1＝________或V 1V 2＝________.3．对于一定质量的气体，在体积不变时，压强增大到原来的两倍，则气体温度的变化情况是( )A ．气体的摄氏温度升高到原来的两倍B ．气体的热力学温度升高到原来的两倍C ．气体的摄氏温度降为原来的一半D ．气体的热力学温度降为原来的一半4．一定质量的气体，在体积不变时，温度由50℃加热到100℃，气体的压强变化情况是( ) A ．气体压强是原来的2倍 B ．气体压强比原来增加了50273C ．气体压强是原来的3倍D ．气体压强比原来增加了503235．一定质量的气体，压强保持不变，下列过程可以实现的是( ) A ．温度升高，体积增大 B ．温度不变，体积增大C．温度升高，体积减小 D．温度不变，体积减小6.图1如图1所示，某同学用封有气体的玻璃管来测绝对零度，当容器水温是30刻度线时，空气柱长度为30 cm；当水温是90刻度线时，空气柱的长度是36 cm，则该同学测得的绝对零度相当于刻度线( )A．－273 B．－270C．－268 D．－271【概念规律练】知识点一查理定律1．电灯泡内充有氮、氩混合气体，如果要使电灯泡内的混合气体在500℃时的压强不超过一个大气压，则在20℃的室温下充气，电灯泡内气体的压强至多能充到多少？2．一定质量的气体，在体积不变的条件下，温度由0℃升高到10℃时，其压强的增量为Δp1，当它由100℃升高到110℃时，所增压强为Δp2，则Δp1与Δp2之比是( )A．10∶1 B．373∶273C．1∶1 D．383∶283知识点二盖·吕萨克定律3.图2如图2所示，一端开口的钢制圆筒，在开口端上面放一活塞．活塞与筒壁间的摩擦及活塞的重力不计，现将其开口端向下，竖直缓慢地放入7℃的水中，在筒底与水面相平时，恰好静止在水中，这时筒内气柱长为14 cm，当水温升高到27℃时，钢筒露出水面的高度为多少？(筒的厚度不计)4．一定质量的理想气体，在压强不变的情况下，温度由5℃升高到10℃，体积的增量为ΔV1；温度由10℃升高到15℃，体积的增量为ΔV2，则( )A．ΔV1＝ΔV2 B．ΔV1>ΔV2C．ΔV1<ΔV2 D．无法确定【方法技巧练】控制变量法分析液柱移动问题5.图3两端封闭、内径均匀的直玻璃管水平放置，如图3所示．V左<V右，温度均为20℃，现将右端空气柱降为0℃，左端空气柱降为10℃，则管中水银柱将( )A．不动 B．向左移动C．向右移动 D．无法确定是否移动图4如图4所示，两端封闭、粗细均匀、竖直放置的玻璃管内有一段长为h的水银柱，将管内气体分为两部分．已知l2＝2l1，若使两部分气体同时升高相同的温度，管内水银柱将如何移动？(设原来温度相同)1．一定质量的气体保持其压强不变，若热力学温度降为原来的一半，则气体的体积变为原来的( )A ．四倍B ．二倍C ．一半D ．四分之一2．在冬季，剩有半瓶热水的暖水瓶经过一个夜晚，第二天拔瓶口的软木塞时觉得很紧，不易拔出来，主要原因是( ) A ．软木塞受潮膨胀B ．瓶口因温度降低而收缩变小C ．白天气温升高，大气压强变大D ．瓶内气体压强因温度降低而减小3．在密封容器中装有某种气体，当温度从50℃升高到100℃时，气体的压强从p 1变到p 2，则( )A.p 1p 2＝12B.p 1p 2＝21C.p 1p 2＝323373 D ．1<p 1p 2<2 4．对于一定质量的气体，以下说法正确的是( ) A ．气体做等容变化时，气体的压强和温度成正比B ．气体做等容变化时，温度升高1℃，增加的压强是原来压强的1/273C ．气体做等容变化时，气体压强的变化量与温度的变化量成正比D ．由查理定律可知，等容变化中，气体温度从t 1升高到t 2时，气体压强由p 1增加到p 2，则p 2＝p 1[1＋(t 2－t 1)/273]5．一定质量的气体，如果保持它的压强不变，降低温度，使它的体积为0℃时的1n倍，则此时气体的温度为( )A．－273/n℃ B．－273(1－n)/n℃C．－273(n－1)/n℃ D．273n(n－1) ℃6．一定质量的理想气体，在压强不变的情况下，温度由5℃升到10℃，体积的增量为ΔV1；温度由10℃增到15℃，体积的增量为ΔV2，则( )A．ΔV1＝ΔV2 B．ΔV1>ΔV2C．ΔV1<ΔV2 D．无法确定7.图5如图5所示，一端封闭、一端开口的U形管竖直放置，管中有两段水银柱封闭着a、b两部分气体，若保持a部分气体温度不变，使b部分气体温度升高，则( )A．a的体积和压强不变；b的体积变大，压强不变B．a的体积变小，压强变大；b的体积变大，压强变小C．a的体积变小，压强变大；b的体积变大，压强不变D．a和b的体积都变大，压强都变小8.图6如图6所示，两根粗细相同、两端开口的直玻璃管A和B，竖直插入同一水银槽中，各用一段水银柱封闭着一定质量同温度的空气，空气柱长度H1>H2，水银柱长度h1>h2，今使封闭气柱降低相同的温度(大气压保持不变)，则两管中气柱上方水银柱的移动情况是( ) A．均向下移动，A管移动较多B．均向上移动，A管移动较多C．A管向上移动，B管向下移动D．无法判断9.图7如图7所示，A、B两容器容积相等，用粗细均匀的细玻璃管连接，两容器内装有不同气体，细管中央有一段水银柱，在两边气体作用下保持平衡时，A中气体的温度为0℃，B中气体温度为20℃，如果将它们的温度都降低10℃，则水银柱将( )A．向A移动 B．向B移动C．不动 D．不能确定题号123456789答案10.图8如图8所示，圆柱形汽缸倒置在水平粗糙的地面上，汽缸内被活塞封闭着一定质量的空气．汽缸质量为M＝10 kg，缸壁厚度不计，活塞质量m＝5.0 kg，其圆面积S＝50 cm2，与缸壁摩擦不计．在缸内气体温度为27℃时，活塞刚好与地面接触并对地面恰好无压力．现设法使缸内气体温度升高，问当缸内气体温度升高到多少摄氏度时，汽缸对地面恰好无压力？(大气压强p0＝105 Pa，g取10 m/s2)11．一定质量的空气，27℃时的体积为1.0×10－2m 3，在压强不变的情况下，温度升高100℃时体积是多大？第2课时 查理定律 盖·吕萨克定律 课前预习练1．压强p 热力学温度T p 2T 2 T 1T 2 2．体积V 热力学温度TV 2T 2 T 1T 23．B [一定质量的气体体积不变时，压强与热力学温度成正比，即p 1T 1＝p 2T 2，得T 2＝p 2T 1p 1＝2T 1，B 正确．]4．D [根据查理定律p 1T 1＝p 2T 2得p 2＝T 2T 1p 1＝373323p 1，即压强变为原来的373323倍．p 2－p 1＝(373323－1)p 1＝50323p 1，气体压强比原来增加了50323，所以正确答案为D.] 5．A [一定质量的气体，压强保持不变时，其热力学温度和体积成正比，则温度升高，体积增大；温度降低，体积减小；温度不变，体积也不发生变化，故A 正确．] 6．B [此情景为等压过程，有两个状态．t 1＝30刻线，V 1＝30S 和t 2＝90刻线，V 2＝36S设T ＝t 刻线＋x ，则由盖·吕萨克定律得V 1t 1＋x ＝V 2t 2＋x即30S 30刻线＋x ＝36S 90刻线＋x 解得x ＝270刻线，所以绝对零度相当于－270刻线，选B.] 课堂探究练 1．0.38 atm解析 忽略灯泡容积的变化，气体为等容变化，找出气体的初、末状态，运用查理定律即可求解．灯泡内气体初、末状态的参量分别为气体在500 ℃，p 1＝1 atm ，T 1＝(273＋500)K ＝773 K.气体在20℃时，热力学温度为T 2＝(273＋20)K ＝293 K.由查理定律p 1T 1＝p 2T 2得 p 2＝T 2T 1p 1＝293773×1 atm≈0.38 atm 方法总结 一定质量的某种气体在体积不变的情况下，压强p 与热力学温度T 成正比，即p T ＝常量或p 1T 1＝p 2T 2. 2．C [由查理定律得Δp ＝p T ΔT .一定质量的气体在体积不变的条件下Δp ΔT＝恒量，温度由0℃升高到10℃和由100℃升高到110℃，ΔT ＝10 K 相同，故压强的增量Δp 1＝Δp 2，C 项正确．]方法总结 查理定律的重要推论：一定质量的气体，从初状态(p 、T )开始，发生一个等容变化过程，其压强的变化量Δp 与温度的变化量ΔT 间的关系为：Δp ΔT ＝p T 或Δp 1ΔT 1＝Δp 2ΔT 2. 3．1 cm解析 当水温升高时，筒内的气体发生的一个等压变化过程．设筒底露出水面的高度为h .当t 1＝7℃即T 1＝280 K 时，V 1＝14 cm 长气柱；当T 2＝300 K 时，V 2＝(14 cm ＋h )长气柱．由等压过程的关系有V 2T 2＝V 1T 1，即14＋h 300＝14280，解得h ＝1 cm ，也就是钢筒露出水面的高度为1 cm. 方法总结 一定质量的某种气体，在压强不变的情况下，其体积V 与热力学温度T 成正比，即V T ＝常量或V 1T 1＝V 2T 2. 4．A [由盖·吕萨克定律V 1T 1＝V 2T 2可得V 1T 1＝ΔV ΔT ，即ΔV ＝ΔT T 1·V 1，所以ΔV 1＝5278×V 1，ΔV 2＝5283×V 2(V 1、V 2分别是气体在5℃和10℃时的体积)，而V 1278＝V 2283，所以ΔV 1＝ΔV 2，A 正确．]方法总结 盖·吕萨克定律的重要推论：一定质量的气体从初状态(V 、T )开始发生等压变化，其体积的改变量ΔV 与温度的变化量ΔT 之间的关系是：ΔV ΔT ＝V T 或ΔV 1ΔT 1＝ΔV 2ΔT 25．C [设降温后水银柱不动，则两段空气柱均为等容变化，初始状态左右压强相等，即p 左＝p 右＝p对左端Δp 左ΔT 左＝p 左T 左，则Δp 左＝ΔT 左T 左p 左＝10293p 同理右端Δp 右＝20293p所以Δp 右>Δp 左即右侧压强降低得比左侧多，故液柱向右移动，选项C 正确．]6．水银柱将向上移动解析 假设上、下两部分气体的体积不变，由查理定律得到Δp ＝ΔT 上Tp ，则 对上端Δp 上＝ΔT T 上p 上 对下端Δp 下＝ΔT 下T 下p 下 其中ΔT 上＝ΔT 下，T 上＝T 下，p 上<p 下所以Δp 上<Δp 下，即下端压强升高得比上端多，故液柱向上移动．方法总结 此类问题研究三个状态参量(p 、V 、T )之间的相互关系，我们可以先保持其中一个物理量不变，从而确定其它两个量之间的相互关系，进而研究各量之间的关系．在液柱移动问题中，我们可以先假设两边气体体积不变，利用Δp ΔT＝常量分别研究两边压强与温度的关系，得到两边压强变化量Δp 的大小关系，从而确定液柱移动情况．课后巩固练1．C2．D3．C4．C [一定质量的气体做等容变化，气体的压强是跟热力学温度成正比，跟摄氏温度不是正比关系，A 错；根据Δp ＝ΔT T p 知，只有0℃时，B 选项才成立，故B 错误；气体压强的变化量，总是跟温度的变化量成正比，无论是摄氏温度，还是热力学温度，C 正确；p 2p 1＝t 2＋273t 1＋273，解得p 2＝p 1(1＋t 2－t 1273＋t 1)，由此可判断D 错误．] 5．C [根据盖·吕萨克定律，在压强不变的条件下V 1＝V 0(1＋t 273)，即V 0n ＝V 0(1＋t 273)，整理后得t ＝－273(n －1)/n ℃.] 6．A [当p 不变时，由盖·吕萨定律V T ＝常量，知V 1278＝V 2283＝V 3288，ΔV 1＝V 2－V 1＝5278V 1，ΔV 2＝V 3－V 2＝5283V 2＝5283·283278V 1＝5278V 1，故A 正确．] 7．A [由于b 部分气体压强p b ＝p 0＋p h 1保持不变，温度升高，体积增大，而a 部分气体的压强p a ＝p b －p h 2＝p 0＋p h 1－p h 2也保持不变，温度不变，由玻意耳定律知体积不变，故只有A 项正确．]8．A [因为在温度降低过程中，被封闭气柱的压强恒等于大气压强与水银柱因自重而产生的压强之和，故封闭气柱均做等压变化．并由此推知，封闭气柱下端的水银面高度不变．根据盖—吕萨克定律的分比形式ΔV ＝ΔT T·V ，因A 、B 管中的封闭气柱，初温T 相同，温度降低量ΔT 也相同，且ΔT <0，所以ΔV <0，即A 、B 管中气柱的体积都减小；又因为H 1>H 2，A 管中气柱的体积较大，|ΔV 1|>|ΔV 2|，A 管中气柱减小得较多，故A 、B 两管气柱上方的水银柱均向下移动，且A 管中的水银柱下移得较多．本题的正确答案是选项A.]9．A [由Δp ＝ΔT T p ，可知Δp ∝1T，而T A ＝273.15 K ，T B ＝293.15 K ，所以A 部分气体压强减小的多，水银柱将向A 移动．]10．127℃解析 因为当温度T 1＝(273＋27) K ＝300 K 时，活塞对地面恰好无压力，列平衡方程：p 1S ＋mg ＝p 0S ，解得p 1＝p 0－mg S ＝105 Pa －5×1050×10－4 Pa ＝0.9×105 Pa 若温度升高，气体压强增大，汽缸恰对地面无压力时，列平衡方程：p 2S ＝p 0S ＋Mg ，解得p 2＝p 0＋Mg S ＝105 Pa ＋10×1050×10－4 Pa ＝1.2×105 Pa 根据查理定律：p 1T 1＝p 2T 2，得0.9×105300＝1.2×105273＋t解得t ＝127℃.11．1.33×10－2 m 3解析 一定质量的空气，在等压变化过程中，可以运用盖·吕萨克定律进行求解，空气的初、末状态参量分别为初状态：T 1＝(273＋27) K ＝300 K ， V 1＝1.0×10－2 m 3末状态：T 2＝(273＋27＋100) K ＝400 K由盖·吕萨克定律V 1T 1＝V 2T 2得，气体温度升高100℃时的体积为 V 2＝T 2T 1V 1＝400300×1.0×10－2 m 3＝1.33×10－2 m 3。
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选修3-3 第一、二节课时作业
1．下列关于分子运动和热现象的说法正确的是( )
A ．布朗运动就是分子的无规则运动，它说明了分子永不停息地做无规则运动
B ．在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素
C ．如果气体的温度升高，那么所有分子的速率都增大
D ．在温度相同时，氢气与氧气分子的平均速率相同
2、以下说法正确的是( )
A.温度相等的两块铁(固体),其内能一定相等
B.温度不等的两物体,其内能一定不等
C.两物体的内能相等,其分子平均动能一定相等
D.两块相同物质组成的物体(固体),质量相等,温度相同,内能一样大
3.如图所示，甲分子固定在坐标原点O ，乙分子位于x 轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示.F>0表示斥力，F<0表示引力， A 、B 、C 、D 为x 轴上四个特定的位置，现把乙分子从A 处由静止释放，则下列选项中的图分别表示乙分子的速度、加速度、势能、动能与两分子间距离的关系，其中大致正确的是( )
4．一定质量的理想气体，在某一状态下的压强、体积和温度分别为p 0、V 0、T 0，在另一状态下的压强、体积和温度分别为p 1、V 1、T 1，则下列关系错误的是 ( )
A ．若p 0＝p 1，V 0＝2V 1，则T 0＝12
T 1 B ．若p 0＝p 1，V 0＝12
V 1，则T 0＝2T 1 C ．若p 0＝2p 1，V 0＝2 V 1，则T 0＝2 T 1
D ．若p 0＝2p 1，V 0＝V 1，则T 0＝2 T 1
5.(2012·湖北黄冈中学月考)如图1－7所示，纵坐标表示两个分子间引力、斥力的大小，横坐标表示两个分子间的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e 为两曲线的交点，则下列说法正确的是( )
图1－7
A ．ab 为斥力曲线，cd 为引力曲线，e 点横坐标的数量级为10
－10 m B ．ab 为引力曲线，cd 为斥力曲线，e 点横坐标的数量级为10－10 m
C ．若两个分子间距离大于e 点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力
D ．若两个分子间距离越来越大，则分子势能亦越来越大
6.一定质量的理想气体，现要使它的压强经过状态变化后回到初始状态的压强，那么使用下列哪些过程可以实现 （ ）
A ．先将气体等温膨胀，再将气体等容降温
B ．先将气体等温压缩，再将气体等容降温
C ．先将气体等容升温，再将气体等温膨胀
D ．先将气体等容降温，再将气体等温压缩
7.如图8—4所示，一定质量理想气体经历ab 、bc 、cd 、da 四个过程，正确的是
A. ab 过程中气体压强减小
B. bc 过程中气体压强减小
C. cd 过程中气体压强增大
D. da 过程中气体压强增大
8、如图8—1所示，在U 型管的封闭端A 内有一部分气体，管中标斜线部分均为水银，则A 内气体的压强应为下述关系式中的：（ ）
A. p=h 2
B.p=p 0－h 1－h 2
C.p=p 0－h 2
D. p=p 0+h 1
9、关于摄氏温度与热力学温度的换算中，下面说法错误的是（ ）
A. 10℃=283K
B.升高10℃就是升高283K
C.－10℃=263K
D. 降低到－10℃就是降低到263K
图8— 4
图8—1
10.一定质量的某种理想气体从状态A开始按图示的箭头方向经过状态B达到状态C.已知气体在A状态时的体积为1.5 L，求：
(1)气体在状态C时的体积；
(2)从微观上解释从状态B到状态C气体压强变化的原因．
11.在标准状况下,有体积为V的水和体积为V的可认为是理想气体的水蒸气,已知水的密度为ρ,阿伏加德罗常数为N A,水的摩尔质量为M A,在标准状况下水蒸气的摩尔体积为V A,求:
(1)说明标准状况下水分子与水蒸气分子的平均动能的大小关系;
(2)它们中各有多少水分子;
(3)它们中相邻两个水分子之间的平均距离.
12.（10分）一根两端开口、横截面积为S=2cm2足够长的玻璃管竖直插入水银槽中并固定（插入水银槽中的部分足够深）。
管中有一个质量不计的光滑活塞，活塞下封闭着长L=21cm 的气柱，气体的温度t1=7℃,外界大气压取P0=1.0×105Pa(相当于75cm汞柱高的压强)。
（1）对气体加热，使其温度升高到t2=47℃,此时气柱为多长
（2）在活塞上施加一个竖直向上的拉力F=4N，保持气体的温度t2不变，
平衡后气柱为多长？此时管内外水银面的高度差为多少？。