2014届黄冈中学高二上学期期中考试物理卷(2012.11)
湖北省部分重点中学上学期高二物理期中试卷(含解析)
湖北省部分重点中学2013～2014学年度上学期高二期中考试物 理 试 卷一 .选择题.本题包括10小题，共50分。
在每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分1. 两个半径均为R 的金属小球，带电量之比为1∶3，相距为r （r >>R ），两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（ ）A ．1B ．1/3C ．2/3D ．4/3 【答案】BD【解析】由库仑定律可知：122Q Q F k R =，原来223Q F k R =当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2：2，所以库仑力是224'Q F k R=，是原来的4/3，故D 正确；当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为1：1，所以库仑力是22''Q F k R=，是原来的1/3，故B 正确。
【考点】库仑定律2. 如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。
在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A 点飞向B 点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（ ） A ．粒子带正电 B ．粒子在A 点加速度大C ．粒子在B 点动能大D ．A 、B 两点相比，B 点电势较低【答案】D 【解析】A 、带电粒子所受电场力指向其轨迹内侧，因此电场力向下和电场线相反，故粒子到负电，故A 错误；B 、B 处电场线密，电场强，故电场力大于，因此其加速度比A 点要大，故B 错误；C 、从A 到B 过程中，电场力做负功，动能减小，因此A 处动能大于B 处的，故C 错误；D 、沿电场线电势降低，因此A 点电势高于B 点，故D 正确。
【考点】电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件；电势3. 某控制电路如图所示，主要由电源(电动势为E 、内阻为r )与定值电阻R 1、R 2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是红绿两个指示灯，当电位器的触片滑向a端过程中，下列说法正确的是（）A．L1、L2两个指示灯都变暗B．L1、L2两个指示灯都变亮C．L1变亮，L2变暗D．L1变暗，L2变亮【答案】A【解析】电位器的触片滑向a端时，电位器电阻减小→外电路总电阻R减小→总电流增加→内电压增加外电压减小→灯泡L1变暗；电位器的触片滑向a端时，电位器电阻减小，与电位器并联的支路的总电阻减小，故分得的电压减小，故通过灯泡L2支路的电流减小，故灯泡L2变暗。
湖北省黄冈中学上学期高二期中考试物理试题
湖北省黄冈中学2014年秋季高二期中考试物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．1~6题只有一个选项正确；7~10题至少有两个选项是正确的，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．下列各图中，用带箭头的细实线标出了通电直导线周围磁感线的分布情况，其中正确的是 ( )2．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A 1、A 2，若把A 1、A 2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图①②所示，则闭合开关后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是( )A ．图①中的A 1、A 2的示数相同B ．图①中的A 1、A 2的指针偏角相同C ．图②中的A 1、A 2的示数和偏角都不同D ．图②中的A 1、A 2的指针偏角相同3．如图，圆环形导体线圈a 平放在水平桌面上，在a 的正上方固定一竖直螺线管b ，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，下列表述正确的是( )A ．线圈a 中将产生俯视逆时针方向的感应电流B ．穿过线圈a 的磁通量变小C ．线圈a 有扩张的趋势D ．线圈a 对水平桌面的压力F N 将减小4．如下图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡先后分别与电源1和电源2单独连接时，则下列说法不正．．确．的是( )A ．电源1和电源2的内阻之比是11：7B ．电源1和电源2的电动势之比是1：1C ．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：2D ．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：25．如图所示，ABC 为与匀强磁场垂直的边长为a 的等边三角形，磁场垂直纸面向外，比荷为的电子以速度v 0从A 点沿AB 方向射入，欲使电子能经过BC 边，则磁感应强度B 的取值应为( )A．B．C．D．6．通有电流的导线L1、L2处在同一平面(纸面)内，L1是固定的，L2可绕垂直纸面的固定转轴O转动(O为L2的中心)，各自的电流方向如图所示．下列哪种情况将会发生( )A．因L2不受磁场力的作用，故L2不动B．因L2上、下两部分所受的磁场力平衡，故L2不动C．L2绕轴O按顺时针方向转动D．L2绕轴O按逆时针方向转动7．R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图所示的电路的A、B两端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2，则下列判断正确的是()A．R1＝R2B．R1>R2C．U1<U2D．U1＝U28．如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则()A．电压表读数增大B．电流表读数增大C．质点P将向下运动D．R3上消耗的功率逐渐增大9．为监测某化工厂的含有离子的污水排放情况，技术人员在排污管中安装了监测装置，该装置的核心部分是一个用绝缘材料制成的空腔，其宽和高分别为b和c，左、右两端开口与排污管相连，如图所示．在垂直于上、下底面方向加磁感应强度大小为B的匀强磁场，在空腔前、后两个侧面上各有长为a的相互平行且正对的电极M和N，M、N与内阻为R的电流表相连．污水从左向右流经该装置时，电流表将显示出污水排放情况．不考虑污水的电阻，则下列说法中正确的是()A．M板比N板电势低B．污水中离子浓度越高，则电流表的示数越小C ．污水流量越大，则电流表的示数越大D ．若只增大所加磁场的磁感应强度，则电流表的示数也增大10．如图所示，两个匀强磁场的方向相同，磁感应强度分别为B 1、B 2，虚线MN 为理想边界．现有一个质量为m 、电荷量为e 的电子以垂直于边界MN 的速度v 由P 点沿垂直于磁场的方向射入磁感应强度为B 1的匀强磁场中，其运动轨迹为图中虚线所示的心形图线．则以下说法正确的是( )A ．电子的运动轨迹为P →D →M →C →N →E →PB ．电子运动一周回到P 点所用的时间T ＝2πmB 1eC ．B 1＝4B 2D ．B 1＝2B 2二、实验题（本题共2小题，共18分．把答案填在相应的横线上或按题目要求作答）11．（12分）某同学要测量由某种新材料制成的粗细均匀的圆柱形导体的电阻率ρ．步骤如下： (1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为__________cm ；(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为________mm ；(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱形导体的电阻，表盘的示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为________Ω．(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R ，现有的器材及其代号和规格如下： A ．待测圆柱形导体(电阻为R )B ．电流表A 1(量程4mA ，内阻约为50Ω)C ．电流表A 2(量程10mA ，内阻约为30Ω)D ．电压表V 1(量程3V ，内阻约为10kΩ)E．电压表V2(量程15V，内阻约为25kΩ)F．直流电源E(电动势4V，内阻不计)G．滑动变阻器R1(阻值范围0～15Ω，额定电流2.0 A)H．滑动变阻器R2(阻值范围0～2kΩ，额定电流0.5 A)I．开关S，导线若干．为减小实验误差，要求电表读数从零开始变化并能测得多组数据进行分析，电流表、电压表、滑动变阻器应该分别选（填序号）、、，并在虚线框中画出合理的测量电路图．12．（6分）利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻．要求尽量减小实验误差．(1)应该选择的实验电路是下图中的________(选填“甲”或“乙”)．甲乙(2) 某位同学选好合适器材，连好电路图后，通过改变滑动变阻器的位置，记录了6组数据，然后以横轴表示电流I，纵轴表示电压U做出U－I图线，并判断出U－I线的斜率的绝对值为k，纵轴截距为b，则干电池的电动势E＝________，内电阻r＝________．(3)实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及干电池的输出功率P都会发生变化．下图中的各示意图能正确反映P－U关系的是________．A B C D三、计算题（本题共4小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（12分）如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为U，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场．带电量为＋q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动．忽略重力的影响，求：(1)匀强电场场强E的大小；(2)粒子从电场射出时速度v的大小；(3)粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径R．14．（13分）如图所示，一质量为m的导体棒MN两端分别放在两个固定的光滑圆形导轨上，两导轨平行且间距为L，导体棒处在竖直向上的匀强磁场中，当导体棒中通有自左向右的电流I时，导体棒静止在与竖直方向成37°角的导轨上，取sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求：(1)磁场的磁感应强度B的大小；(2)每个圆导轨对导体棒的支持力大小F N．15．（13分）如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机内电阻r＝0.8 Ω，电路中另一电阻R＝10 Ω，直流电压U＝160 V，电压表示数U V＝110 V．试求：(1)通过电动机的电流；(2)输入到电动机的电功率；(3)若电动机以v＝1 m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？(g取10 m/s2)16．(14分)如图所示，在xOy平面直角坐标系中，直角三角形MNL内存在垂直于xOy平面向里磁感应强度为B的匀强磁场，三角形的一直角边ML长为6a，落在y轴上，∠NML = 30°，其中位线OP在x轴上．电子束以相同的速度v0从y轴上-3a≤y≤0的区间垂直于y轴和磁场方向射入磁场，已知从y轴上y=-2a的点射入磁场的电子在磁场中的轨迹恰好经过点．若在直角坐标系xOy的第一象限区域内，加上方向沿y轴正方向、大小为E=Bv0的匀强电场，在x=3a处垂直于x轴放置一平面荧光屏，与x轴交点为Q．忽略电子间的相互作用，不计电子的重力．试求：（1）电子在磁场中运动的最长时间；（2）电子束从+y 轴上射入电场的纵坐标范围；（3）从磁场中垂直于y 轴射入电场的电子打到荧光屏上距Q 点的最远距离．湖北省黄冈中学2014年秋季高二期中考试物理试卷答案1．答案 D解析 通电直导线周围的磁感线是以导线上各点为圆心的同心圆，并且这些同心圆都在跟导线垂直的平面内，电流方向与磁感线方向间的关系可由安培定则判定：让伸直的大拇指指向导线中电流方向，弯曲四指的方向即为磁感线的环绕方向，所以只有D 正确． 2．答案 B解析 图①中流过表头的电流相同，故指针偏角相同，但由于A 1、A 2的量程不同，所以示数不同，故A 项错，B 项对．图②中A 1、A 2中的电流相同，故示数相同，但两者表头中的电流不等，指针偏角不同，故C 、D 项错．3．答案：A解析：根据右手螺旋定则，螺线管中有向下的磁场．当P 向下滑动时，电路中电阻减小电流增大，螺线管周围的磁场增强，穿过线圈a 的磁通量增大，由楞次定律知，a 中产生逆时针方向的感应电流，感应电流在安培力作用下，使线圈a 有收缩的趋势，同时还有“远逃”的趋势，以阻碍磁通量的增加．综上所述，选项D 、B 、C 错误，选项A 正确．4．答案 D解析 电源的特性图线与小灯泡的伏安特性曲线的交点，即为电源与小灯泡连接时的工作状态，交点的坐标为工作时的电压和电流．电源内阻之比r 1r 2＝E 1/I 1E 2/I 2＝I 2I 1，A 项正确；两电源电动势均为10 V ，比值为1：1，B 项对；两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是P 1P 2＝I 1U 1I 2U 2＝3×55×6＝12，C 项正确；两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是R 1R 2＝U 1/I 1U 2/I 2＝3×65×5＝1825，D 项错，选D项．5．答案 C解析 画出电子运动轨迹，如图所示，电子正好经过C 点，此时圆周运动的半径，要想电子从BC 边经过，圆周运动的半径要大于，由带电粒子在磁场中运动的公式，即，本题只有选项C 正确． 6．答案 D解析 由右手螺旋定则可知导线L 1的上方的磁场的方向为垂直纸面向外，且离导线L 1的距离越远的地方，磁场越弱，导线L 2上的每一小部分受到的安培力方向水平向右，由于O 点的下方磁场较强，则安培力较大，因此L 2绕轴O 按逆时针方向转动，D 项正确． 7．答案 AD解析 电流从导体的横截面流过，由电阻定律R ＝ρL S ＝ρa ad ＝ρd，可见电阻与边长a 无关，A 对；因外电阻相同，故路端电压相等，D 正确． 8．答案 BC解析 当滑动变阻器R 4的滑片向b 端移动时，R 4接入电路部分的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，电源内阻分担的电压增大，则路端电压减小，R 1分担电压增大，则平行金属板两极板间电压减小，带电质点P 所受电场力减小，质点P 将向下运动，选项C 正确；R 3两端电压减小，R 3中电流减小，电流表读数增大，选项B 正确；R 3上消耗的功率逐渐减小，选项D 错误；由于R 2中电流增大，R 2两端电压增大，故电压表读数减小，选项A 错误．9.答案：ACD解析： 污水从左向右流动时，正、负离子在洛伦兹力作用下分别向N 板和M 板偏转，故N板带正电，M 板带负电，A 正确．稳定时带电粒子在两板间受力平衡，q v B ＝q U b ，此时U ＝Bb v ＝BbQbc＝BQc，式中Q 是流量，可见当污水流量越大、磁感应强度越强时，M 、N 间的电压越大，电流表的示数越大，而与污水中离子浓度无关，B 错误，C 、D 正确．10．答案 AD解析 由左手定则可判定电子在P 点受到的洛伦兹力的方向向上，轨迹为P→D→M→C→N→E→P ，选项A 正确；由图得两个磁场中轨迹圆的半径之比为1∶2，由r ＝mvqB 可得磁感应强度之比B 1B 2＝2∶1，电子运动一周所用的时间t ＝T 1＋T 22＝2πm B 1e ＋πm B 2e ＝4πmB 1e ，选项B 、C 错误，选项D 正确．11.答案及解析 (1)由游标卡尺主尺读得30 mm ，游标尺上第3条刻度线与主尺刻度线对齐，由游标尺读得3×0.05 mm ＝0.15 mm ，则该样品的长度L ＝30 mm ＋0.15 mm ＝30.15 mm ＝3.015 cm ． （2）螺旋测微器固定刻度上最小刻度为0.5 mm ，可动刻度每旋转一圈，测微螺杆前进或后退0.5 mm ．由固定刻度读得3 mm ，由可动刻度读得0.205 mm ．该样品的外径为3 mm ＋0.205 mm ＝3.205 mm ．（3）2.2×102Ω （4）C 、D 、G12．答案 (1) 甲 (2)b k (3)C解析 (1)根据U ＝E －Ir 测量电源电动势和内阻时，需要测出多组对应的路端电压U 和干路电流I ，电压表和电流表内阻影响会造成实验误差．电源内阻较小，所以电流表分压影响较大，因此应选择甲电路．(2)根据U －I 图像，电源的电动势等于纵轴的截距，内阻为斜率的绝对值．(3)电源输出功率P ＝UI ＝U ⎝⎛⎭⎫E －U r ＝－1r U 2＋Er U ，P －U 图像为开口向下的二次函数，应选 C ．13．答案 (1)Ud(2)2qU m (3)1B2mU q解析 (1)电场强度E ＝Ud．(2)根据动能定理，有qU ＝12m v 2－0得v ＝2qUm． (3)粒子在磁场中做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，有q v B ＝m v 2R ，得R ＝1B2mUq．14．答案 (1)3mg 4IL (2)58mg解析 (1)从左向右看，受力分析如图所示．由平衡条件得：tan 37°＝F 安/mg ，F 安＝BIL ，解得：B ＝3mg4IL．(2)设两导轨对导体棒支持力为2F N ，则有2F N cos 37°＝mg ，解得F N ＝58mg ．支持力大小为58mg ．即每个圆导轨对导体棒的15．答案 (1)5 A (2)550 W (3)53 kg解析 (1)由电路中的电压关系可得电阻R 的分压U R ＝U －U V ＝(160－110)V ＝50 V ，流过电阻R的电流I R ＝U R R ＝5010A ＝5 A ，即通过电动机的电流I M ＝I R ＝5 A ．(2)电动机的分压U M ＝U V ＝110 V ，输入电动机的功率P 电＝I M U M ＝550 W ． (3)电动机的发热功率P 热＝I 2M r ＝20 W ，电动机输出的机械功率P 出＝P 电－P 热＝530 W ，又因P出＝mg v ，所以m ＝P 出g v＝53 kg ． 16．答案 （1）（2）0≤y ≤2a （3） 解析：（1）由题意可知电子在磁场中的轨迹半径为r = a电子在磁场中的周期为电子在磁场中运动的最长时间的（2）电子能进入电场中，且离O 点上方最远，电子在磁场中运动圆轨迹恰好与边MN 相切，电子运动轨迹的圆心为O′点，如图所示．则： 有： =a即粒子从D 点离开磁场进入电场时，离O 点上 方最远距离为所以电子束从y 轴射入电场的范围为0≤y ≤2a （3）由题意可知电子在磁场中的轨迹半径为r = a由牛顿第二定律得： 电子的比荷：假设电子没有射出电场就打到荧光屏上，有，219222Ee y t a a m =⋅=>，所以，电子应射出电场后打到荧光屏上． 电子在电场中做类平抛运动，设电子在电场的运动时间为，竖直方向位移为y ，水平位移为x ，水平： 竖直：代入得：设电子最终打在光屏的最远点距Q 点为H ，电子射出电场时的夹角为θ有：00tan y x Ee x v m v v v θ⋅===有：()()y y a x a H 223tan 3⋅-=⋅-=θ，当时，即时，有最大值；由于，所以。
2014年秋季湖北省部分重点中学期中联考高二物理试卷及答案
2014年秋季湖北省部分重点中学期中联考高二年级物理试卷考试时间：2014年11月21日上午8:00～9:30 试卷满分：110分一、选择题(1至6题只有一个选项正确，7至10题有多个选项正确，全对得5分，对不全得3分，有一个错项得0分.)1．一个电子只在电场力作用下从a 点运动到b 点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线也可能是等势面，下列说法中正确的是A ．如果实线是电场线，则a 点的电势比b 点的电势高B ．如果实线是等势面，则a 点的电势比b 点的电势低C ．如果实线是电场线，则电子在a 点的电势能比在b 点的电势能大D ．如果实线是等势面，则电子在a 点的电势能比在b 点的电势能大3．如图甲所示，无限长导线，均通以恒定电流I ．直线部分和坐标轴接近重合，弯曲部分是以坐标原点O 为圆心的相同半径的一段圆弧，已知直线部分在原点O 处不形成磁场，则图乙中O 处磁感应强度和图甲中O 处磁感应强度相同的是4．如图所示，电xyx xx x xyyy y场中一正离子只受电场力作用从A 点运动到B 点，离子在A 点的速度大小为0v ，速度方向与电场方向相同，能定性反映该离子从A 点到B 点运动情况的速度—时间（t v -）图象是5．两根材料相同的均匀导线x 和y ，x 长为L ，y 为2L ，串联在电路中，沿长度方向电势变化如图所示，则x,y 导线的横截面积之比为 A ．2：3 B ．1：3B ．在b 点时电源的总功率最大C ．从a →b 时β角越大，电源的总功率和输出功率都将增大D ．从b →c 时β角越大，电源的总功率和输出功率都将减小8．如图所示，用两根轻细金属丝将质量为m ，长为l 的金属棒ab 悬挂在c 、d 两处，置于匀强磁场内.当棒中通以从a 到b 的电流I 后，两悬线偏离竖直方向θ角处于平衡状态.为了使棒平衡在该位置上，所需的磁感应强度可能是A ．θtan Il mgB =、竖直向上 B ．θtan Il mgB =、竖直向下C ．θsin Il mg B =、平行悬线向下D ．θsin Ilmg B =、平行悬线向上 9．一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动.取该直线为x 轴，起始点O 为坐标原点，其电势能E P 与位移x 的关系如右图所示.下列图象中不合理的是10．如图所示，整个电路在竖直平面内，平行板电容器两极板水平放置，当开关S闭合时，一带电微粒恰好在两板间处于静止状态，热敏电阻R（加热阻值减小）,电源内阻不可忽略，下列说法正确的是（）A．保持S闭合，对热敏电阻降温，微粒将向上运动B．保持S闭合，对热敏电阻加热，微粒将向下运动C．断开S后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止D．断开S后，使两极板左右错开一定距离，则微粒仍保持静止二、实验,探究题（5+12=17）11．某同学在实验室测量一未知电阻的阻值.他按照如下步骤进行：他将多用电表机械调零后，先把选择开关置于欧姆挡“×100”挡位进行测量，按照正确的步骤操作后，表针指示情况如图所示.根据学过的物理知识可知，这种情况测量误差较大，为了使用多电表测量的结果更准确，应将选择开关旋于欧姆挡的挡位.换挡结束后，实验操作上首先要进行的步骤是.12．在一次实验技能比赛中，一同学设计了如图甲所示电路来测电源的电动势和内阻.该同学选好器材后，用导线将各器材连接成如图乙所示实物连线电路（图甲是其电路原理图），其中R0是保护电阻.①该同学在闭合电键后，发现电压表无示数，电流表有示数，在选用器材时，除了导线外，其他器材经检测都是完好的，则出现故障的原因是______________（请用接线柱处的字母去表达）.②该同学测量时记录了6组数据，并根据这些数据画出了U-I图线如图所示.根据图线求出电池的电动势E = _______V（保留三位有效数字），内阻r= _______ Ω（保留二位有效数字）③若保护电阻R0的阻值未知，该电源的电动势E、内电阻r已经测出，在图乙的电路中只需改动一条线就可测量出R0的阻值.该条线是_______________，需改接为________________.改接好后，调节滑动变阻器，读出电压表的示数为U、电流表示数为I，电源的电动势用E表示，内电阻用r表示，则R0 = ________________.三、计算题（10+10+11+12=43要求写出必要的文字说明）13．如图所示，匀强电场场强为E ，与竖直方向成 角.一带负电荷的小球，电荷量为q ，质量为m ，用细线系在竖直墙上，恰好静止在水平位置，求场强的大小.14．如图所示，两块竖直的彼此绝缘平行金属板A 、B ，两板间距离为d ，让A 、B 两板连接到直流电源上，能在AB 间形成一个匀强电场．一个带电量为q ，质量为m 的小球用绝缘细线悬挂在电场中，带电小球对原电场没有影响．平衡时细线偏离竖直方向夹角30°． 求：（1）带电小球带电的性质和AB 间的电场强度； （2）若保持AB 间电压不变，将AB 间距离变为3d，再次稳定后细线偏角为多少？15．质量为m ＝0.02 kg 的通电细杆ab 置于倾角为θ＝37°的平行放置的导轨上，导轨的宽度d ＝0.2 m ，杆ab 与导轨间的动摩擦因数μ＝0.4，磁感应强度B ＝2 T 的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下，如图所示．现调节滑动变阻器的触头，试求出为使杆ab 静止不动，通过ab 杆的电流范围为多少？16．如图所示，圆形区域存在磁感应强度大小为B 、方向垂直纸面向里的匀强磁场，一个电荷量为q ，质量为m 的粒子沿平行于直径AC 的方向射入磁场，射入点到直径AC 的距离为磁场区域半径的一半，粒子从D 点射出磁场时的速率为v ，不计粒子的重力.求：（1）粒子在磁场中加速度的大小；（2）粒子在磁场中运动的时间；（3）粒子以v 2的速率射入，在磁场中发生位移的大小.2014年秋季湖北省部分重点中学期中联考高二物理试题参考答案一、选择题1、C 2、A 3、A 4、C 5、B6、A 7、AD8、AD 9、ABC 10、AC二、实验,探究题11（1）×10（3分），将红黑表笔短接，重新进行欧姆调零（2分）12、①jd部分断路（1分）②1.48（2分）0.50（2分）③jd（2分）je（或jf）（2分）(E-U)/I－r（3分）三、计算题（10+10+11+12=43要求写出必要的文字说明）13、（10分）小球受力情况如图………………3分设场强大小为E，根据共点力平衡条件，所以…………4分…………3分14、【答案】（1）小球带负电（2）【解析】（1）小球带负电；…………1分由平衡条件得，而F=Eq，解得…………3分（2）保持AB间电压保持不变，则有…………2分电场力，…………1分由平衡条件得，得…………3分15、【答案】【解析】当电流较大时，导体有向上的运动趋势，所受静摩擦力向下，当静摩擦力达到最大时，磁场力为最大值，此时通过ab的电流最大为Imax；同理，当电流最小时，应该是导体受向上的最大静摩擦力，此时的安培力为，电流为Imin.正确地画出两种情况下的受力图如图所示，由平衡条件根据第一幅受力图列式如下：…………1分…………1分…………1分…………1分解得：…………1分根据第二幅受力图…………1分…………1分…………1分解得：…………1分则通过ab杆的电流范围为：…………2分16、（1）粒子在磁场中只受洛伦兹力作用，则……1分………2分（2）如图所示，由几何关系可得粒子在磁场中偏转60°，则在磁场中运动的时间为………1分……2分。
【原创精品解析纯word版】物理卷·2015届湖北省黄冈中学高三上学期期中考试(2014.11)
黄冈中学2014年秋季上学期高三期中考试物理试题本试卷是高三上学期期中试题，包含了高中物理的必修一、必修二、3-4、3-5等内容，主要包含受力分析、物体平衡、运动的合成与分解、匀变速直线运动规律、牛顿第二定律、圆周运动、万有引力定律、电场线、电场力、能的性质、动能定理、闭合电路欧姆定律、伏安法测电阻、波长、频率和波速的关系．折射率核反应方程、氢原子光谱、光电效应、动量守恒定律等，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
【题文】1. 如图所示，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，沿电场线从A运动到B．则( )A．电场强度的方向向左B．A点场强一定大于B点场强C．电场力做负功D．电势能增加【知识点】电场力的性质I1【答案解析】A解析：电场力做正功，动能增加，电势能减小，电势升高，但无法判断场强大小，故BCD错误， A正确【思路点拨】电场力做正功，动能增加，电势能减小，电势升高，因为只有一根电场线，无法判断场强大小.【题文】2．关于万有引力定律，以下说法正确的是A．牛顿在前人研究基础上总结出万有引力定律，并计算出了引力常数为GB．德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了万有引力定律C．英国物理学家卡文迪许测出引力常数为G，并直接测出了地球的质量D．月-地检验表明地面物体和月球受地球的引力，与太阳行星间的引力遵从相同的规律【知识点】万有引力定律D5【答案解析】D解析：牛顿在前人研究基础上总结出万有引力定律，英国物理学家卡文迪许测出引力常数为G，但卡文迪许并没有直接测出了地球的质量故AC错误；德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了开普勒定律，B错误；月-地检验表明地面物体和月球受地球的引力，与太阳行星间的引力遵从相同的规律，都是万有引力. 【思路点拨】熟知万有引力定律的历史.【题文】3．汽车从A点由静止开始沿直线ACB做匀变速直线运动，第4s末到达C点并关闭发动机匀减速前进，再经6s到达B点停止．已知AB长为30m，则下列说法正确的是（）A．通过C点时速度大小为3m／s B．通过C点时速度大小为6m/sC．AC段位移为15m D．汽车在AC段平均速度大于CB段平均速度. 【知识点】匀变速直线运动A2【答案解析】B解析：设在C点的速度为vc，前四秒做匀加速，初速度是零，末速度为vc，由于做匀变速运动的物体在某个过程的平均速度等于初末速度的平均值，所以这个过程的平均速度为vc/2 后六秒做匀减速，初速度为vc，末速度是零，所以平均速度为vc/2，所以D 错误；匀加速过程的平均速度和匀减速过程的平均速度相等，所以全过程的平均速度也是vc/2，而全过程所用时间是10s，总位移为30m，所以全程的平均速度为3m/s，所以vc=6m/s，所以B对A错。
黄冈中学高二上学期期中考试(物理)
湖北省黄冈中学2010年秋季高二物理期中考试试题一、本题包括10小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3 分,有选错的得0 分． 1．下列说法正确的是（ )A ．带电粒子只受电场力，由静止开始运动,其运动轨迹一定与电场线重合B ．电场强度的方向就是放入电场中电荷所受电场力的方向,且其大小E =F /qC ．由B =F /IL 知,通电直导线垂直于磁场放置，B 与通电直导线所受安培力成正比,与I 、L 的乘积成反比D ．洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向不一定与电荷运动方向垂直2．如图1所示，在真空中有两个等量的正电荷q 1、q 2，分别固定于A 、B 两点，DC 为A 、B连线的中垂线,现将一正电荷q 3由C 点沿CD 移至无穷远处的过程中,重力不计,下列结论正确的是（ )A ．电势能逐渐减小B ．电势能逐渐增大C ．动能和电势能之和减小D ．q 3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小3．如图2所示，C 为两极板水平放置的平行板电图12容器，闭合开关S ,当滑动变阻器R 1、R 2的滑片处于各自的中点位置时,悬在电容器C 两极板间的带电尘埃P 恰好处于静止状态．现要使尘埃P 向上加速运动,下列方法中可行是（ ) A ．把R 1的滑片向左移动 B ．把R 2的滑片向左移动C ．把R 2的滑片向右移动面D ．把开关S 断开4。
如图3所示,定值电阻阻值为R 0,电池电动势为E ，内阻为r =R 0，滑动变阻器最大电阻R =2R 0，不考虑电表内阻影响，则下列判定正确的是（ ）A ．改变R ，伏特表最大示数为3E /4B ．改变R ，安培表最大值为E /2R 0C ．R =0时，R 0上获得最大功率，且最大功率P =E 2/4R 0D. R =2R 0时，电源输出功率最大，效率最高 5．竖直导线ab 与水平面上放置的圆线圈隔有一小段距离，其中直导线固定，线圈可自由运动,当同时通以如图4所示方向的电流时（圆线圈内电流从上向下看是逆时针方向电流），则从左向右看，线圈将（ ）A ．不动B ．顺时针转动，同时靠近导线C ．顺时针转动,同时离开导线D ．逆时针转动,同时靠近导线图36. 如图5所示，圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为B ，一带电粒子(不计重力)以某一初速度沿圆的直径方向射入磁场,粒子穿过此区域的时间为t ，粒子飞出此区域时速度方向偏转60°角，根据上述条件可求下列物理量中的 （ ） A ．带电粒子的比荷 B ．带电粒子的初速度C ．带电粒子在磁场中运动的周期D ．带电粒子在磁场中运动的半径7.如图6是质谱仪的工作原理示意图。
湖北省黄冈中学高二期中考试答案
湖北省黄冈中学2014年秋季高二期中考试 物理试卷答案【试卷在另外一个文档中】1．答案 D解析 通电直导线周围的磁感线是以导线上各点为圆心的同心圆，并且这些同心圆都在跟导线垂直的平面内，电流方向与磁感线方向间的关系可由安培定则判定：让伸直的大拇指指向导线中电流方向，弯曲四指的方向即为磁感线的环绕方向，所以只有D 正确． 2．答案 B解析 图①中流过表头的电流相同，故指针偏角相同，但由于A 1、A 2的量程不同，所以示数不同，故A 项错，B 项对．图②中A 1、A 2中的电流相同，故示数相同，但两者表头中的电流不等，指针偏角不同，故C 、D 项错．3．答案：A解析：根据右手螺旋定则，螺线管中有向下的磁场．当P 向下滑动时，电路中电阻减小电流增大，螺线管周围的磁场增强，穿过线圈a 的磁通量增大，由楞次定律知，a 中产生逆时针方向的感应电流，感应电流在安培力作用下，使线圈a 有收缩的趋势，同时还有“远逃”的趋势，以阻碍磁通量的增加．综上所述，选项D 、B 、C 错误，选项A 正确．4．答案 D解析 电源的特性图线与小灯泡的伏安特性曲线的交点，即为电源与小灯泡连接时的工作状态，交点的坐标为工作时的电压和电流．电源内阻之比r 1r 2＝E 1/I 1E 2/I 2＝I 2I 1，A 项正确；两电源电动势均为10 V ，比值为1：1，B 项对；两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是P 1P 2＝I 1U 1I 2U 2＝3×55×6＝12，C 项正确；两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是R 1R 2＝U 1/I 1U 2/I 2＝3×65×5＝1825，D 项错，选D 项． 5．答案 C解析 画出电子运动轨迹，如图所示，电子正好经过C 点，此时圆周运动的半径3ar =，要想电子从BC 边经过，圆周运动的半径要大于3a ，由带电粒子在磁场中运动的公式03mv ar qB =>，即03mv B ae <，本题只有选项C 正确．6．答案 D解析 由右手螺旋定则可知导线L 1的上方的磁场的方向为垂直纸面向外，且离导线L 1的距离越远的地方，磁场越弱，导线L 2上的每一小部分受到的安培力方向水平向右，由于O 点的下方磁场较强，则安培力较大，因此L 2绕轴O 按逆时针方向转动，D 项正确． 7．答案 AD解析 电流从导体的横截面流过，由电阻定律R ＝ρL S ＝ρa ad ＝ρd，可见电阻与边长a 无关，A 对；因外电阻相同，故路端电压相等，D 正确． 8．答案 BC解析 当滑动变阻器R 4的滑片向b 端移动时，R 4接入电路部分的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，电源内阻分担的电压增大，则路端电压减小，R 1分担电压增大，则平行金属板两极板间电压减小，带电质点P 所受电场力减小，质点P 将向下运动，选项C 正确；R 3两端电压减小，R 3中电流减小，电流表读数增大，选项B 正确；R 3上消耗的功率逐渐减小，选项D 错误；由于R 2中电流增大，R 2两端电压增大，故电压表读数减小，选项A 错误．9.答案：ACD 解析： 污水从左向右流动时，正、负离子在洛伦兹力作用下分别向N 板和M 板偏转，故N 板带正电，M 板带负电，A 正确．稳定时带电粒子在两板间受力平衡，q v B ＝q Ub，此时U ＝Bb v ＝BbQ bc ＝BQc，式中Q 是流量，可见当污水流量越大、磁感应强度越强时，M 、N间的电压越大，电流表的示数越大，而与污水中离子浓度无关，B 错误，C 、D 正确．10．答案 AD解析 由左手定则可判定电子在P 点受到的洛伦兹力的方向向上，轨迹为P→D→M→C→N→E→P ，选项A 正确；由图得两个磁场中轨迹圆的半径之比为1∶2，由r ＝mv qB 可得磁感应强度之比B 1B 2＝2∶1，电子运动一周所用的时间t ＝T 1＋T 22＝2πm B 1e ＋πm B 2e ＝4πm B 1e ，选项B 、C 错误，选项D 正确．11.答案及解析 (1)由游标卡尺主尺读得30 mm ，游标尺上第3条刻度线与主尺刻度线对齐，由游标尺读得3×0.05 mm ＝0.15 mm ，则该样品的长度L ＝30 mm ＋0.15 mm ＝30.15 mm ＝3.015 cm ．（2）螺旋测微器固定刻度上最小刻度为0.5 mm ，可动刻度每旋转一圈，测微螺杆前进或后退0.5 mm ．由固定刻度读得3 mm ，由可动刻度读得0.205 mm ．该样品的外径为3 mm ＋0.205 mm ＝3.205 mm ．（3）2.2×102Ω （4）C 、D 、G12．答案 (1) 甲 (2)b k (3)C解析 (1)根据U ＝E －Ir 测量电源电动势和内阻时，需要测出多组对应的路端电压U 和干路电流I ，电压表和电流表内阻影响会造成实验误差．电源内阻较小，所以电流表分压影响较大，因此应选择甲电路．(2)根据U －I 图像，电源的电动势等于纵轴的截距，内阻为斜率的绝对值．(3)电源输出功率P ＝UI ＝U ⎝⎛⎭⎫E －U r ＝－1r U 2＋Er U ，P －U 图像为开口向下的二次函数，应选 C ．13．答案 (1)Ud (2)2qU m (3)1B2mUq解析 (1)电场强度E ＝Ud．(2)根据动能定理，有qU ＝12m v 2－0得v ＝2qUm． (3)粒子在磁场中做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，有q v B ＝m v 2R ，得R ＝1B2mUq ．14．答案 (1)3mg 4IL (2)58mg解析 (1)从左向右看，受力分析如图所示．由平衡条件得：tan 37°＝F 安/mg ，F 安＝BIL ，解得：B ＝3mg4IL．(2)设两导轨对导体棒支持力为2F N ，则有2F N cos 37°＝mg ，解得F N ＝58mg ．即每个圆导轨对导体棒的支持力大小为58mg ．15．答案 (1)5 A (2)550 W (3)53 kg解析 (1)由电路中的电压关系可得电阻R 的分压U R ＝U －U V ＝(160－110)V ＝50 V ，流过电阻R 的电流I R ＝U R R ＝5010A ＝5 A ，即通过电动机的电流I M ＝I R ＝5 A ．(2)电动机的分压U M ＝U V ＝110 V ，输入电动机的功率P 电＝I M U M ＝550 W ． (3)电动机的发热功率P 热＝I 2M r ＝20 W ，电动机输出的机械功率P 出＝P 电－P 热＝530 W ，又因P 出＝mg v ，所以m ＝P 出g v＝53 kg ．16．答案 （1）0v a π （2）0≤y ≤2a （3）max94Ha =解析：（1）由题意可知电子在磁场中的轨迹半径为r = a 电子在磁场中的周期为 02v aT π=电子在磁场中运动的最长时间的02v aT t π==（2）电子能进入电场中，且离O 点上方最远，电子在磁场中运动圆轨迹恰好与边MN 相切，电子运动轨迹的圆心为O′点，如图所示．则： 2O M a '= 有： M O OM O O '-='=a即粒子从D 点离开磁场进入电场时，离O 点上方最远距离为=OD 2m y a =所以电子束从y 轴射入电场的范围为0≤y ≤2a （3）由题意可知电子在磁场中的轨迹半径为r = a由牛顿第二定律得： 200v Bev m r=电子的比荷：0v em Ba= 假设电子没有射出电场就打到荧光屏上，有03a v t =⋅，219222Ee y t a a m =⋅=>，所以，电子应射出电场后打到荧光屏上．电子在电场中做类平抛运动，设电子在电场的运动时间为t ，竖直方向位移为y ，水平位移为x ，水平： t v x ⋅=0 竖直：212Ee y t m=⋅ 代入得： 022ymx v ay Bev == 设电子最终打在光屏的最远点距Q 点为H ，电子射出电场时的夹角为θ有：002tan y x Ee x v m v yv v aθ⋅===有：()()y y a x a H 223tan 3⋅-=⋅-=θ，当y y a 223=-时，即98y a =时，H 有最大值；由于928a a < ，所以max 94H a =。
学14—15学年高二上学期期中考试物理试题(扫描版)(附答案)
2014学年第一学期期中考试高二物理参考答案一、选择题：（本题共13小题，每小题3分，共39分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）二、填空题：(每空2分，共20分)14．250 V， -6×10－4 J（或减少6×10－4 J）； 15. ＞，＞；16. 1100 W，8Ω。
17. 4.8KΩ， 2.35×10－6 C.18．20 V/m，30°。
(3）保温电热丝消耗的电功率错误！未找到引用源。
-------------------（2分）22．（11分）解答：（1）＋q 与－q 在C 点产生的电场强度大小相等，有E 1＝E 2＝错误！未找到引用源。
又因为△ABC 为等边三角形，易知E 1、E 2的夹角是120°，所以二者的合场强为E C ＝错误！未找到引用源。
-------------（2分）方向竖直向下-------------（1分）（2）小球到达最低点C 时 有F N －mg －E C ＝m v 20R----（2分）F N ＝mg ＋m v 20R ＋k QqL 2 ----------------------（1分）（3）小球由最高点M 运动到C 的过程中，由动能定理得mgR ＋U MC Q ＝12mv 20 -------------------------（3分） 可得MC 两点的电势差为U MC ＝12Q(mv 20－2mgR ) 又等量异种电荷中垂线上的电势相等，即C 、D 两点电势相等为零 ----（1分） 故M 点的电势为φM ＝U MC ＝12Q (mv 20－2mgR ) ---------------------（1分）。
湖北省黄冈中学2012-2013学年高二上学期期中考试物理试题Word版含答案
湖北省黄冈中学2012年秋季高二物理期中考试试题第Ⅰ卷（选择题共48分）一．选择题（本题共12小题，在各小题中有的只有一个正确选项，有的有多个正确选项，选全对得4分，选不全对得2分，选错或不选得0分，共计48分）1．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，对磁场认识正确的是（）A．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致B．磁感线有可能出现相交的情况C．磁感线总是由N极出发指向S极D．若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零2．关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势不一定为零C．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加D．同一电场线上的各点，电势一定相等3．关于安培力的说法中正确的是（）A．安培力的方向总是垂直于磁场和通电导线所构成的平面B．安培力的方向一定垂直于通电直导线C．通电导线在磁场中一定受安培力的作用D．安培力的大小与磁感应强度成正比，与电流成正比，而与其他量无关4．电场线分布如图所示，电场中a、b两点的电场强度大小分别为E a和E b，a、b两点的电势分别为φa和φb，则（）A．E a>E b，φa>φb B．E a>E b，φa<φbC．E a<E b，φa>φb D．E a<E b，φa<φb5．一个初动能为E k的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为3E k．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A．4 E k B．4．5 E k C．6 E k D．9．5 E k6．如图所示，电源内阻不计，为使电容器的带电量增大，可采取以下那些方法：（）A．增大R1B．减小R1C．增大R2D．增大R37．下列关于电源电动势的说法中正确的是（）A．在某电池的电路中，每通过2 C的电荷量，电池提供的电能是4 J，那么这个电池的电动势是0．5 VB．电源的路端电压增大时，其电源的电动势一定也增大C．无论内电压和外电压如何变化，其电源的电动势一定不变D．电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多8．一平面线圈用细杆悬于P点，开始时细杆处于水平位置，释放后让它在如图所示的匀强磁场中运动．已知线圈平面始终与纸面垂直，当线圈第一次通过位置B 和位置C 的过程中，下列对磁通量变化判断正确的是（ ） A ．一直变大 B ．一直变小 C ．先变大后变小 D ．先变小后变大9．如图所示，M 、N 是平行板电容器的两个极板，R 0为定值电阻，R 1、R 2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m 、带正电的小球悬于电容器内部，闭合电键S ，小球静止时受到悬线的拉力为F ．调节R 1、R 2，关于F 的大小判断正确的是（ ） A ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变大 B ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变小 C ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变大 D ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变小10．如图所示，一根质量为m 的金属棒AC 用软线悬挂在磁感强度为B 的匀强磁场中，通入A→C方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的办法是（ ） A ．不改变电流和磁场方向，适当增大电流 B ．只改变电流方向，并适当减小电流C ．不改变磁场和电流方向，适当减小磁感强度D ．同时改变磁场方向和电流方向，并适当增大磁感强度11．如图所示，真空中Ｍ、Ｎ 处放置两等量异号电荷，a 、b 、c 表示电场中的3条等势线，d点和 e 点位于等势线a 上，f 点位于等势线 c 上，d f 平行于 M N ．已知：一带正电的试探电荷从 d 点移动到 f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判断正确的是（ ） A ．Ｍ点处放置的是负电荷B ．d 点的电势低于f 点的电势C ．d 点的场强与f 点的场强完全相同D ．将带正电的试探电荷沿直线由d 点移动到 e 点，电场力先做正功、后做负功 12．如图1所示，半径为R 均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P （坐标为x ）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E =2πκσ()⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡+-21221x r x，方向沿x 轴。
湖北省黄冈市2012-2013学年高二物理上学期期中考试试题新人教版
黄冈市外国语学校2012年秋高二年级期中考试物 理 试 题黄冈市外国语学校高二物理备课组命制2012.11说明：本试卷分第1卷和第2卷.第1卷位选择题，第2卷位非选择题.第1卷、第2卷答在答题卡上.本试卷总分为110分，考试时间100分钟。
第1卷〔选择题共48分〕一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分．在每一小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．了解物理规律的发现过程，学会像物理学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合物理学史实的是〔 〕 A ．洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律 B ．奥斯特首先发现了通电导线的周围存在磁场 C ．洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律 D ．法拉第提出了电场的观点，但实际上电场并不存在2．如下各图中对通电导线在匀强磁场中所受安培力F 的方向判断正确的答案是 ( )3．有两只完全一样的电流表，其中一只改装成安培表，另一只改装成伏特表，如果做实验〔B 〕〔C 〕〔D 〕〔A 〕 BIFBBB时误把这两只安培表、伏特表串联起来接入电路〔 〕 A ．安培表一定损坏B ．伏特表一定损坏 C ．两表指针偏转角一样D ．两表指针偏转角不同4．在实验精度要求不高的情况下，可利用罗盘来测量电流产生磁场的磁感应强度，具体做法是：在一根南北方向放置的直导线的正下方10cm 处放一个罗盘。
导线没有通电时罗盘的指针偏转一定角度〔小磁针的N 极〕指向北方；当给导线通入电流时，发现罗盘的指针偏转一定角度。
根据偏转角度即可测定电流磁场的磁感应强度。
现已测出此地的地磁场水平分量T B 5-100.5⨯=,通电后罗盘指针停在北偏东060的位置，如下列图。
由此测出该通电直导线在其正下方10cm 处产生磁场磁感应强度大小为 ( )A ．T 5-100.5⨯ B ．T 4-100.1⨯ C ．T 5-1066.8⨯ D ．T 5-1007.7⨯6．北半球海洋某处，地磁场水平分量B 1=0.8×10－4T ，竖直分量B 2=0.5×10－4T ，海水向北流动。
湖北省部分重点中学高二物理上学期期中考试试题新人教版
B． a、 c 两粒子通过等势面 B 时的 b 两粒子的动能总是相同
D．开始运动后的任一时刻，三个粒子电势能总是相等
10、如图所示，一足够长的矩形区域 abcd 内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为
B的
匀强磁场，在 ad 边中点 O，方向垂直磁场向里射入一速度方
湖北省部分重点中学 2014-2015 学年度上学期高二期中考试
物理试 卷
一、选择题（本题共 10 小题，每小题 5 分，共 50 分．在每小题给出的四个选项中， 1~6 只
有一个选项正确， 7~10 有的有两个或两个以上的选项正确，全部选对的得
5 分，选对
但不全的得 3 分，有选错的得 0 分．）
向跟 ad 边夹角 =30°、大小为 v0 的带正电粒子，已知粒子质量为 m，电量为 q，ad 边长为
L， ab 边足够长，粒子重力不计，则粒子不能从
ab 边上射出磁场的 v0 为
A． qBL
v0
qBL
B ． v0
qBL C ． v0
qBL
D ． v0
qBL
3m
m
m
3m
2m
二、实验题（本题共 2 小题． 11 题 6 分， 12 题 10 分，共 16 分．把答案填写在答题卡题中
（ 1 分）
15、（ 11 分）（ 1）变阻器的阻值 R2=0 时， R1 消耗的功率最大
（ 1 分）
由闭合电路的欧姆定律得： I
E
R1 r
电阻 R1 消耗的最大功率： pmax I 2R1 0.56 W
（ 1 分） （ 1 分）
（2）由闭合电路的欧姆定律得：
E I 1 R1 R2 r
（ 1 分）
变阻器消耗的功率： PR2 I12 R2
湖北省黄冈市黄梅县黄梅一中2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案
黄梅一中2014年春季高二年级期中考试物 理 试 题命题：王仲仁 商胜平一．（4×10=40分）本题共10小题，在1--7题每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，在8--10题每小题给出的四个选项中，有多个选项正确。
1．卢瑟福利用α粒子轰击金箔的实验研究原子结构，正确反映实验结果的示意图是()2．已知氢原子的能级图如图所示，现用光子能量介于10 eV ～12.9 eV 范围内的光去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法中正确的是()A ．在照射光中可能被吸收的光子能量有无数种B ．在照射光中可能被吸收的光子能量只有6种C ．照射后可能观测到氢原子发射不同波长的光有6种D ．照射后可能观测到氢原子发射不同波长的光有3种3．用不同频率的紫外线分别照射钨和锌的表面而产生光电效应，可得到光电子最大初动能E k 随入射光频率ν变化的E k －ν图象，已知钨的逸出功是3.28 eV ，锌的逸出功是3.34 eV ，若将二者的图线画在同一个E k －ν坐标系中，如图4所示中用实线表示钨，虚线表示锌，则正确反映这一过程的是()4．斜向上抛出一个爆竹，到达最高点时(速度水平向东)立即爆炸成质量相等的三块，前面一块速度水平向东，后面一块速度水平向西，前、后两块的水平速度(相对地面)大小相等、方向相反。
则以下说法中正确的是( )A ．爆炸后的瞬间，中间那块的速度大于爆炸前瞬间爆竹的速度B ．爆炸后的瞬间，中间那块的速度可能水平向西C ．爆炸后三块将同时落到水平地面上，并且落地时的动量相同D ．爆炸后的瞬间，中间那块的动能可能小于爆炸前的瞬间爆竹的总动能5. A 、B 两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上。
已知A 、B 两球质量分别为2m 和m 。
当用板挡住A 球而只释放B 球时，B 球被弹出落于距桌边距离为x 的水平地面上，如图3所示。
当用同样的程度压缩弹簧，取走A 左边的挡板，将A 、B 同时释放，B 球的落地点距桌边的距离为()A.x3B. 3x C ．x D.63x 6．“约瑟夫森结”由超导体和绝缘体制成。
湖北省黄冈中学2014届高三上学期期末考试物理试题全国通用-高考
湖北省黄冈中学2014届高三上学期期末考试物理试题第Ⅰ卷（选择题126分）K：39 Ni：59 F：19二、选择题：本题共8小题。
每小题6分，共48分。
其中14--17题为单选题，只有一个选项正确，18—21题为多选题，有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全得3分，有选错或不答的得0分。
14．下列说法正确的是( )A．对运动员“大力扣篮”过程进行技术分析时，可以把运动员看做质点B．“和谐号”动车组行驶313 km从成都抵达重庆，这里的“313 km"指的是位移大小C．高台跳水运动员腾空至最高位置时，处于超重状态D．绕地球做匀速圆周运动且周期为24 h的卫星，不一定相对于地面静止15．近来，我国大部分地区都出现了雾霾天气，给人们的正常生活造成了极大的影响。
在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵。
如图a、b分别为小汽车和大卡车的v－t图象，以下说法正确的是（）A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾16．如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止；现用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未动。
则施力F后，下列说法正确的是( )A．A、B之间的摩擦力一定变大B．B与墙面的弹力可能不变C．B与墙之间可能没有摩擦力D．弹簧弹力一定不变17．如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径。
一带电粒子从a点射入磁场，速度大小为v、方向与ab成30°角时，恰好从b点飞出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t；若同一带电粒子从a点沿ab方向射入磁场，也经时间t飞出磁场，则其速度大小为（）A ．v 21B ．v 23C ． v 32D ．v 23 18．“套圈”是一项老少皆宜的体育运动项目。
湖北省黄冈中学上学期高二期中考试数学理试题
湖北省黄冈中学2014年秋季高二数学期中考试试题（理科）（考试时间120分钟 满分150分）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是满足题目要求的． 1．下列说法中正确的是（ ）A ．频率是概率的近似值，随着试验次数增加，频率会越来越接近概率.B ．要从1002名学生中用系统抽样的方法选取一个容量为20的样本，需要剔除2名学生，这样对被剔除者不公平. C ．用秦九韶算法计算多项式356()1235953f x x x x x =++++在当时的值时要用到6次加法和15次乘法.D ．数据2，3，4，5的方差是数据4，6，8，10的方差的一半. 【答案】A【解析】B 选项是错的，每个个体被抽到的概率相等C 选项是错的，用秦九韶算法计算多项式356()1235953f x x x x x =++++在当时的值时要用到6次加法和6次乘法D 选项是错的，数据2，3，4，5的方差是数据4，6，8，10的方差的2．2014年索契冬季奥运会的花样滑冰项目上，8个评委为某选手打出的分数如茎叶图所示，则这些数据的中位数是（ ）A ． 84B ． 85C ． 86D ． 87．5【答案】C【解析】这些数据分别从小到大依次为79、79、84、85、87、88、88、92共8个数，故这些数据的中位数为．3．某单位有职工750人，其中青年职工350人，中年职工250人，老年职工150人，为了了解该单位职工的健康情况，用分层抽样的方法从中抽取样本，若样本中的青年职工为7人，则样本容量为( )A ．7B ．15C ．25D ．35【答案】B【解析】由题意知，青年职工人数∶中年职工人数∶老年职工人数＝350∶250∶150＝7∶5∶3.由样本中青年职工为7人得样本容量为15.4．从装有5个红球和3个白球的口袋内任取3个球，那么互斥而不对立的事件是( ) A ．至少有一个红球与都是红球 B ．至少有一个红球与都是白球 C ．至少有一个红球与至少有一个白球 D ．恰有一个红球与恰有二个红球【答案】D【解析】对于A 中的两个事件不互斥，对于B 中两个事件互斥且对立，对于C 中两个事件不互斥，对于D 中的两个互斥而不对立．5．某产品的广告费用与销售额的统计数据如表：根据表可得回归方程中的为，据此模型预报广告费用为万元时销售额为( ) A ．63．6万元 B ．65．5万元 C ．67．7万元 D ．72．0万元【答案】B【解析】样本中心点是(3.5,42)，＝42－9.4×3.5＝9.1，以回归方程是，把x ＝6代入得＝65.5． 6．圆和圆的公共弦长为( )A ．B ．C ．D ．【答案】B【解析】圆的圆心为，半径，圆的圆心为，半径，故两圆的圆心距，故两圆相交．圆和圆两式相减得到相交弦所在直线方程，到直线距离为由垂径定理可得公共弦长为7．设22012(1)nn n x x a a x a x ++=+++，则的值为（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C【解析】令得；（1），令得 123210=++-+-n a a a a a ； （2） 令得 nn a a a a a 323210=+++++ ； （3）（2）＋（3）得 13)(22420+=++++nn a a a a ，故 2132420+=++++n na a a a ，再由（1）得 213242-=+++n na a a 。
湖北省黄冈中学高二物理上学期期中考试【会员独享】
湖北黄冈中学2011—2012学年度上学期期中考试高二物理试题一、选择题：本题共12小题. 每小题4分，共48分. 在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．如图1所示，AB 是一个点电荷电场中的一条电场线，图2则是放在电场线上a 、b 处的试探电荷的电荷量与所受电场力间的关系图象，由此可以判定下列说法可能的是（ ）A ．若场源是正电荷，则其位于A 点B ．若场源是负电荷，则其位于B 点C ．若场源是正电荷，则其位于B 点D ．若场源是负电荷，则其位于A 点 2．某静电场中的电场线如图3所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M 运动到N ，以下说法正确的是（ ） A ．粒子必定带正电荷B ．粒子在M 点的电势能小于它在N 点的电势能C ．粒子在M 点的加速度小于它在N 点的加速度D ．粒子在M 点的动能小于它在N 点的动能3．如图4所示，平行板电容器的两极板A 、B 接在电池的两极，一带正电的小球悬挂在电容器的内部，闭合开关S ，给电容器充电，稳定后悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则（ ）A ．若保持开关S 闭合，A 板向B 板靠近，则θ增大 B ．若保持开关S 闭合，A 板向B 板靠近，则θ不变C ．若开关S 断开，A 板向B 板靠近，则θ增大D ．若开关S 断开，A 板向B 板靠近，则θ不变 4．如图5甲所示，质量为m 的通电细杆ab 置于倾角为α的粗糙平行导轨上，细杆上有电流通过时，恰好静止在导轨上. 乙图中给出了4种可能的磁场方向，其中杆与导轨间摩擦力可能为零的是（ ）A ．图aB ．图bC ．图cD ．图d 5．如图6所示电路中，开关S 1、S 2、S 3、S 4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P ，断开哪一个开关后，油滴P 向下运动（ ） A ．S 1 \B ．S 2 C ．S 3D ．S 4 6．如图7所示的图线中，I是电源的路端电压随电流变化的图线，Ⅱ是图1 图2图 3 图4图5图 6图7甲某电阻的伏安特性曲线，当用该电源向该电阻供电时，电阻上消耗的电功率和电源的效率分别为（ ）A ．4W 33%B ．2W 67%C ．2W 33%D ．4W 67%7．如图8所示，一直流电动机与阻值9R =Ω的电阻串联接在电源上，电源电动势E =20V ，内阻1r =Ω，用理想电压表测出电动机两端的电压10V U =，已知电动机线圈电阻M 1R =Ω，则（ ）A ．通过电动机的电流为10AB ．电动机的输入功率为100WC ．电动机发热消耗的功率为1WD ．电动机输出的功率为9W8．图9所示电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，当变阻器的滑动触头P 向上移动时，电压表V 的示数U 和电流表的示数I 的变化情况是（ ） A ．U 变大，I 变大 B ．U 变小，I 变小C ．U 变大，I 变小D ．U 变小，I 变大9．圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a 、b 、c ，以不同的速率沿着AO 方向对准圆心O 射入磁场，其运动轨迹如图所示。
黄冈中学年高二上考试
黄冈中学2014年高二（上）考试英语试题命题人：张志刚第一部分：听力（共两节，满分30分）第一节（共5小题，每小题1.5分，满分7.5分）听下面5段对话。
每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
1. Where did Joe go?A. Hawaii.B. Puerto RicoC. St. Augustine.2. How does the woman feel?A. Angry.B. Pleased.C. Surprised.3. What does the man mean?A. He is tired of his job.B. He won’t retire this year.C. He is very sad.4. What will the woman probably do?A. Sell her stuff.B. Open a store.C. Go to Seattle.5. Why does the woman think the new modem unnecessary?A. Alice seldom uses the Net.B. Alice seldom uses computer.C. Alice has no email.第二节（共15小题；每小题1.5分，满分22.5分）听下面5段对话或独白。
每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
听每段对话或独白前，你将有时间阅读各个小题，每小题5秒钟；听完后，各题将给出5秒钟的作答时间。
每段对话或独白读两遍。
听第6段材料，回答第6、7题。
6. What is the woman asking about?A. Her health.B. Her car.C. Her life.7. What can we learn from the conversation?A. The speakers know each other well.B. The man is a mechanic.C. The man gives advice about people.听第7段材料，回答第8、9题。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
湖北省黄冈中学2012年秋季高二物理期中考试试题第Ⅰ卷（选择题共48分）一．选择题（本题共12小题，在各小题中有的只有一个正确选项，有的有多个正确选项，选全对得4分，选不全对得2分，选错或不选得0分，共计48分）1．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，对磁场认识正确的是（）A．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致B．磁感线有可能出现相交的情况C．磁感线总是由N极出发指向S极D．若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零2．关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势不一定为零C．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加D．同一电场线上的各点，电势一定相等3．关于安培力的说法中正确的是（）A．安培力的方向总是垂直于磁场和通电导线所构成的平面B．安培力的方向一定垂直于通电直导线C．通电导线在磁场中一定受安培力的作用D．安培力的大小与磁感应强度成正比，与电流成正比，而与其他量无关4．电场线分布如图所示，电场中a、b两点的电场强度大小分别为E a和E b，a、b两点的电势分别为φa和φb，则（）A．E a>E b，φa>φb B．E a>E b，φa<φbC．E a<E b，φa>φb D．E a<E b，φa<φb5．一个初动能为E k的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为3E k．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A．4 E k B．4．5 E k C．6 E k D．9．5 E k6．如图所示，电源内阻不计，为使电容器的带电量增大，可采取以下那些方法：（）A．增大R1B．减小R1C．增大R2D．增大R37．下列关于电源电动势的说法中正确的是（）A．在某电池的电路中，每通过2 C的电荷量，电池提供的电能是4 J，那么这个电池的电动势是0．5 VB．电源的路端电压增大时，其电源的电动势一定也增大C．无论内电压和外电压如何变化，其电源的电动势一定不变D．电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多8．一平面线圈用细杆悬于P点，开始时细杆处于水平位置，释放后让它在如图所示的匀强磁场中运动．已知线圈平面始终与纸面垂直，当线圈第一次通过位置B 和位置C 的过程中，下列对磁通量变化判断正确的是（ ） A ．一直变大 B ．一直变小 C ．先变大后变小 D ．先变小后变大9．如图所示，M 、N 是平行板电容器的两个极板，R 0为定值电阻，R 1、R 2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m 、带正电的小球悬于电容器内部，闭合电键S ，小球静止时受到悬线的拉力为F ．调节R 1、R 2，关于F 的大小判断正确的是（ ） A ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变大 B ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变小 C ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变大 D ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变小10．如图所示，一根质量为m 的金属棒AC 用软线悬挂在磁感强度为B 的匀强磁场中，通入A→C 方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的办法是（ ） A ．不改变电流和磁场方向，适当增大电流 B ．只改变电流方向，并适当减小电流C ．不改变磁场和电流方向，适当减小磁感强度D ．同时改变磁场方向和电流方向，并适当增大磁感强度11．如图所示，真空中Ｍ、Ｎ 处放置两等量异号电荷，a 、b 、c 表示电场中的3条等势线，d 点和e 点位于等势线a 上，f 点位于等势线 c 上，d f 平行于 M N ．已知：一带正电的试探电荷从 d 点移动到 f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判断正确的是（ ） A ．Ｍ点处放置的是负电荷 B ．d 点的电势低于f 点的电势C ．d 点的场强与f 点的场强完全相同D ．将带正电的试探电荷沿直线由d 点移动到 e 点，电场力先做正功、后做负功 12．如图1所示，半径为R 均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P （坐标为x ）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E =2πκσ()⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡+-21221x r x，方向沿x 轴。
现考虑单位面积带电量为0σ的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r 的圆板，如图2所示。
则圆孔轴线上任意一点Q （坐标为x ）的电场强度为 （ ）A ． 2πκ0σ()2122xrx+B ． 2πκ0σ()2122xrr+C ． 2πκ0σr x D ． 2πκ0σxr图1 图2第II 卷 （非选择题 共62分）二．实验题（共16分，其中第13题7分，14题9分，把正确答案填在答题卡上） 13．有一个纯电阻用电器的电阻约为20Ω，试设计一个能较精确地测量该用电器电阻的电路，要求使该用电器两端的电压变化范围尽可能大。
可选用的器材有： 电源：电动势为8V ，内电阻不计 电流表：量程0．6A ，内阻R A 为0．50Ω 电压表：量程10V ，内阻R V 为10kΩ 滑动变阻器：最大电阻值为5．0Ω 开关一个、导线若干。
（1）在方框内画出实验电路图；（2）测量电路的电压变化范围为____________V ；（3）若实验中在用电器正常工作的状态下电流表的示数为I ，电压表的示数为U ，考虑到电表内阻的影响，用测量量及电表内阻计算用电器正常工作时电阻值的表达式为_________________。
14．在测定一节干电池的电动势和内阻的实验中，备有下列器材： A ．干电池E （电动势约为1．5V ，内阻小于1．0Ω）B ．电流表A 1（满偏电流3mA ，内阻r 1=10Ω）C ．电流表A 2（0～0．6A ，内阻0．1Ω）D ．滑线变阻器R 1（0～20Ω，10A ）E ．滑线变阻器R 2（0～100Ω，10A ）F ．定值电阻R 3（990Ω）G ．开关和导线若干（1）为方便且能较准确地进行测量，其中应选用的滑线变阻器是__________（填字母代号） （2）请在虚线框内画出利用本题提供的器材所设计的测量电池电动势和内阻的实验电路图．（3）如图为某一同学根据他所设计的实验给出的I 1、I 2图线（I 1为A 1的示数，I 2为A 2的示数），由图线可求得被测电池的电动势E ＝__________V ，内阻r =_______Ω．2三．计算题（计算题4小题，共46分。
解答应写出必要的文字说明．方程式和重要步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图，Ｒ1=14Ω,Ｒ2=9Ω,当开关处于位置1时,电流表读数I1=0．2A；当开关处于位置2时,电流表读数I=0．3A求电源的电动势E和内电阻r。
16．如图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U＝12 V，电解槽内阻r A ＝2 Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表A示数为6 A；当S2闭合，S1、S3断开时，A示数为5 A，且电动机输出功率为35 W；当S3闭合，S1、S2断开时，A示数为4 A．求：（1）电炉子的电阻及发热功率各多大？（2）电动机的内阻是多少？（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？17．如图所示，质量为m的导体棒AB静止在水平导轨上，导轨与导体棒相互垂直，导轨宽度为L，已知电源的电动势为E，内阻为r，导体棒的电阻为R，其余接触电阻不计，磁场方向垂直导体棒斜向上与水平面的夹角为θ，磁感应强度为B，求轨道对导体棒的支持力和摩擦力．18．如图所示，水平放置的平行板电容器，原来AB两板不带电，B极板接地，它的极板长L= 0．1m，两板间距离d = 0．4 cm，现有一微粒质量m=2．0×10-6kg，带电量q=+1．0×10-8C，以一定初速度从两板中央平行于极板射入，由于重力作用微粒恰好能落到A板上中点O处，取g=10m/s2．试求：（1）带电粒子入射初速度的大小；（2）现使电容器带上电荷，使带电微粒能从平行板电容器的右侧射出，则带电后A板的电势为多少？湖北省黄冈中学2012年秋季高二物理期中考试答题卡13题图14题图湖北省黄冈中学2012年秋季高二物理期中考试答案）1．4 8，0．815．解: 根据闭合电路欧姆定律可列出方程：E ＝I 1R 1＋I 1r ， E ＝I 2R 2＋I 2r ．消去E ，解出r ，得 代入数值，得 r ＝1Ω．将r 值代入E ＝I 1R 1＋I 1r 中，可得 E ＝3V ．112221I R I Rr I I -=-16．解析：（1）电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律I ＝U R 得R ＝UI 1＝2 Ω，其发热功率为：P R ＝UI 1＝12×6 W ＝72 W ． （2）电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得 UI 2＝I 22r M ＋P 输出，所以r M ＝UI 2－P 输出I 22＝12×5－3552 Ω＝1 Ω．（3）电解槽工作时，由能量守恒定律得： P 化＝UI 3－I 32r A ＝16 W ．答案：（1）2 Ω 72 W （2）1 Ω （3）16 W17．解析：涉及安培力时的物体的平衡问题，通过对通电棒的受力分析，根据共点力平衡方程求解．棒的受力分析图如图3-4-4所示由闭合电路欧姆定律I=E/（R+r ）…………① 由安培力公式 F=BIL…………② 由共点力平衡条件Fsinθ=f…………③N+Fcosθ=mg…………④整理得 f=EBLsinθ/（R+r ）…………⑤N=mg-EBLcos θ/（E+r ）………………⑥18．解析：（1）电容器不带电时，微粒做平抛运动，设初速度为v 0，则有：t v l 02= （1分） 2212gt d = （1分） 联立两式得：dgl v 20=（1分） 代入数据得：v 0=2．5m/s （1分） （2）若使微粒能从电容器右侧射出，则要求A 板的电势大于0，且B 板接地电势等于0，则有A B A AB U ϕϕϕ=-= （1分）A 板电势最小时，微粒刚好从A 板右侧边缘射出，则有：10t v l = （1分）211212t a d = （1分） 且：1minma dqmg A =-ϕ （1分）联立以上各式6min =A ϕ V （1分）A 板电势最大时，微粒刚好从B 板右侧边缘射出，则有：2maxma dqmg A =-ϕ （1分）且有： a 2=a 1 （1分）代入数据解得：10max =A ϕ V （1分） 综上可得：6V≤A ϕ≤10V。