衡水金卷普通高等学校2018届高三招生全国统一考试模拟(二)数学(理)试题

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衡水金卷2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题理数(二)(附答案)

衡水金卷2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题理数(二)(附答案)

衡水金卷2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题理数(二)(附答案)第Ⅰ卷一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知i 为虚数单位,复数12aii +- (a R ∈)为纯虚数,则a 的值为 A .-2 B .12-C .2D .122. 已知集合{}2log 3A x x =<,{}2450B x x x =-->,则()R A C B =( )A .[)1,8- B . (]05, C .[)1,5- D .()0,8 3. 已知n S 是各项均为正数的等比数列{}n a 的前n 项和,764a =,15320a a a +=,则5S =( )A .31B .63C . 16D . 1274.设向量a =,(,3)b x =-,(1,c =,若//b c ,则a b -与b 的夹角为( ) A .30︒ B .60︒ C. 120︒ D .150︒5.大约2000多年前,古希腊数学家最先开始研究圆锥曲线,并获得了大量的成果,古希腊数学家阿波罗尼斯采用平面切割圆锥的方法来研究这几种曲线,用垂直于锥轴的平面去截圆锥,得到的是圆;把平面再渐渐倾斜得到椭圆.若用周长为24的矩形ABCD 截某圆锥得到椭圆Γ,且Γ与矩形ABCD 的四边相切.设椭圆Γ在平面直角坐标系中的方程为22221(0)x y a b a b +=>>,测得Γ的离心率为,则椭圆Γ的方程为( )A .221164x y +=B .2214x y += C. 2216416x y += D .22154x y +=6.已知某服装厂生产某种品牌的衣服,销售量()q x (单位:百件)关于每件衣服的利润x(单位:元)的函数解析式为1260,020,1()9020180,xxq xx⎧<≤⎪+=⎨⎪-<≤⎩, 则当该服装厂所获效益最大时,x=A.20 B.60 C. 80 D.407. 已知,x y满足不等式组240,20,30,x yx yy+-≥⎧⎪--≤⎨⎪-≤⎩则1z x y=+-的最小值为()A.2 B..18. 已知函数21()10sin10sin2f x x x=---,,2x mπ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦的值域为1,22⎡⎤-⎢⎥⎣⎦,则实数m的取值范围是()A.,03π⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ B.,06π⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ C.,36ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ D.,63ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦9.已知21(1+2)nx xx⎛⎫-⎪⎝⎭的展开式中常数项为-42,则n=()A. 10 B. 8 C. 12 D.1110. 某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为()A.30π.803π923π.763π11.已知22221x y a b Γ-=: (0,0a b >>1)的左、右焦点分别为1F ,2F ,点P 是双曲线Γ右支上一点,且212PF F F ⊥,过点P 作1F P 的垂线交x 轴于点A ,且22P M M F =,若PA 的中点E 在1F M 的延长线上,则双曲线Γ的离心率是( )A..D.12. 已知函数22()(2)()f x x x x mx n =+++,且对任意实数x ,均有(3)(3)f x f x -+=--,若方程()f x a =有且只有4个实根,则实数a 的取值范围( )A .(16,9)-B .(]16,9- C. (]16,0- D .(]16,5--第Ⅱ卷(共90分)二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)13.已知圆心角为120︒的扇形的圆心为O ,在其弧AB 上任取一点P ,则使AOP ∠和BOP ∠同时大于50︒的概率为 .14.已知直线m ,n 和平面α,β,且m α⊂,n β⊂,则“//m β,//n α”是“//αβ”的 条件.(填“充分不必要”“必要不充分”“充要”“既不充分也不必要” 15.执行如图所示的程序框图,若输出的2017s =,则正整数T = .16. 已知数列{}n a 满足11a =,22a =,212n na +是(2)n n a +,2(2)a n λ+的等差中项,若{}n a 为单调递增数列,则实数λ的取值范围为 .三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17. 在ABC ∆中,,,a b c 分别为内角,,A B C的对边,向量,)m A a =,(,cos )n b B =,2m n a ⋅=(1)求B ;(2)若ABC ∆外接圆的直径为sin sin()2sin2B C AA +-=,求ABC ∆的面积. 18.在如图所示的多面体中,平面11ABB A ⊥平面ABCD ,四边形11ABB A 为边长为2的菱形,ABCD 为直角梯形,四边形11BCC B 为平行四边形,且//AB CD ,AB BC ⊥,1CD =. (1)若E ,F 分别为11AC ,1BC 的中点,求证:EF ⊥平面11AB C ;(2)若160A AB ∠=︒,1AC 与平面ABCD所成角的正弦值为,求二面角11A AC D --的余弦值.19.某企业从某种型号的产品中抽取了N 件对该产品的某项指标E 的数值进行检测,将其整理成如图所示的频率分布直方图,已知数值在100~110的产品有2l 件.(1)求N 和a 的值; (2)规定产品的级别如下表:已知一件,,C B A 级产品的利润分别为10,20,40元,以频率估计概率,现质检部门从该批产品中随机抽取两件,两件产品的利润之和为X ,求X 的分布列和数学期望;(3)为了了解该型号产品的销售状况,对该公司最近六个月内的市场占有率进行了统计,并绘制了相应的折线图,由折线图可以看出,可用线性回归模型拟合月度市场卢有率y (%)与月份代码x 之间的关系.求y 关于x 的线性回归方程,并预测2017年4月份(即7x =时)的市场占有率.(参考公式:回归直线方程为ˆˆˆybx a =+,其中121()()ˆ()niii nii x x y y bx x ==--=-∑∑,ˆˆ)a y bx =-20.已知抛物线2:2x py Γ=(0p >),直线2y =与抛物线Γ交于,A B (点B 在点A 的左侧)两点,且AB =.(1)求抛物线Γ在,A B 两点处的切线方程;(2)若直线l 与抛物线Γ交于,M N 两点,且,M N 的中点在线段AB 上,MN 的垂直平分线交y 轴于点Q ,求QMN ∆面积的最大值.21.已知函数()x f x e mx =-,()()2x g x xf x e =-+,e 为自然对数的底数. (1)若函数()f x 在点(1,(1))f 处的切线为(1)y e x n =-+,求,m n 的值;(2)当2m >时,若()g x 在区间[)0,+∞上有两个零点1x ,212()x x x <,试判断14lnx e +,2x ,m 的大小关系.请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.22.选修4-4:坐标系与参数方程以平面直角坐标系的原点O为极点,x轴的正半轴为极轴,且两个坐标系取相等的长度单位.已知直线l的参数方程为,222xy⎧=⎪⎪⎨⎪=-+⎪⎩(t为参数),曲线1C的参数方程为,2sinx ay a⎧=⎪⎨=⎪⎩(a为参数),曲线2C的极坐标方程为[)0,2)ρθπ=∈.(1)求曲线1C和2C的公共点的极坐标;(2)若P为曲线1C上的一个动点,求P到直线l的距离的最大值.23.选修4-5:不等式选讲已知函数()224f x x x=-++.(1)解不等式:()34f x x≥-+;(2)若函数()f x的最小值为a,且(0,0)m n a m n+=>>,试求2018201810071007m n+++的最小值.理数(二)一、选择题1-5: CBADA 6-10: CDBBC 11、12:CA二、填空题13.16 14. 必要不充分 15. 2016 16.[)0,+∞三、解答题17.解:(1)因为2m n a⋅=,sin cos2A aB a+=.sin sin cos 2sin B A A B A +=, 又sin 0A ≠,cos 2sin()26B B B π+=⇒+=.因为0B π<<,所以7666B πππ<+<,所以62B ππ+=,即3B π=.(2)由(1)和正弦定理,得32b B ===.因为sin sin()2sin 2B C A A +-=, 所以sin()sin()2sin 2C A C A A ++-=,sin cos cos sin sin cos cos sin 4sin cos C A C A C A C A A A ++-=,即 sin cos 2sin cos C A A A =.当cos 0A =时,2A π=,由正弦定理,得a =c =所以12ABC S bc ∆==. 当cos 0A ≠时,有sin 2sin C A =,即2c a =,由余弦定理,得222a cb ac +-=,所以239a a =⇒=c =所以1sin 22ABC S ac B ∆==综上,ABC ∆的面积为.18.解:(1)连接1A B ,因为四边形11ABB A 为菱形,所以11A B AB ⊥.因为平面11ABB A ⊥平面A B C D ,平面11ABB BA 平面A B C D A B =,BC ⊂平面A B C D ,AB BC ⊥,所以BC ⊥平面11ABB A . 又1A B ⊂平面11ABB A ,所以1A B BC ⊥. 因为11//BC B C ,所以111A B B C ⊥. 因为1111B C AB B =,所以1A B ⊥平面11AB C .因为,E F 分别为11AC ,1BC 的中点,所以1//EF A B ,所以EF ⊥平面11AB C(2)设11B C a =,由(1)得11B C ⊥平面11ABB A .由160A AB ∠=︒,2BA =,得1AB =1AC =过点1C 作1C M DC ⊥,与DC 的延长线交于点M ,取AB 的中点H ,连接1A H ,AM ,如图所示,又160A AB ∠=︒,所以1ABA ∆为等边三角形,所以1A H AB ⊥,又平面11ABB A ⊥平面ABCD ,平面11ABB A 平面ABCD AB =,1A H ⊂平面11ABB A ,故1A H ⊥平面ABCD .因为11BCC B 为平行四边形,所以11//CC BB ,所以1//CC 平面11AA BB .又因为//CD AB ,所以//CD 平面11AA BB .因为1CC CD C =,所以平面11//AA BB 平面1DC M .由(1),得BC ⊥平面11AA BB ,所以BC ⊥平面1DC M ,所以1BC C M ⊥.因为BC DC C =,所以1C M ⊥平面ABCD ,所以1C AM ∠是1AC 与平面ABCD 所成角. 因为11//A B AB ,11//C B CB ,所以11//A B 平面ABCD ,11//B C 平面ABCD ,因为11111A B C B B =,所以平面//ABCD 平面111A B C .所以11A H C M ==111sin MC C AM AC ∠===,解得a =在梯形ABCD 中,易证DE AB ⊥,分别以HA ,HD ,1HA 的正方向为x 轴,y 轴,z 轴的正方向建立空间直角坐标系.则(1,0,0)A,D,1A,1(B -,(1,0,0)B -,(1C -,由1(1BB =-,及11BB CC =,得1(C -,所以(1AC =-,(1AD =-,1(1AA =-.设平面1ADC 的一个法向量为111(,,)m x y z =,由10,0,m AC m AD ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩得1111130,0,x x ⎧-+=⎪⎨-=⎪⎩令11y =,得m=(3,1,2) 设平面AA1C1的一个法向量为n=(x2,y2,z2),2)m =.设平面11AAC 的一个法向量为222(,,)n x y z =,由110,0,n AC n AA ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩得2222230,0,x x ⎧-=⎪⎨-+=⎪⎩令21z =,得n =.所以7cos ,8m n m n m n ⋅====又因为二面角11A AC D --是钝角,所以二面角11A AC D --的余弦值是78-.19.解:(1)数值在100~110内的频率为(0.04+0.03)5=0.35⨯,所以21600.35N ==.又因为521(0.020.030.0420.05)5a ⨯=-++⨯+⨯, 所以0.01a =.(2)由频率分布直方图,可知抽取的一件产品为C ,B ,A 等级的概率分别为14,35,320,且X 的取值为20,30,40,50,60,80,则111(20)4416P X ==⨯=,133(30)24510P X ==⨯⨯=,339(40)5525P X ==⨯=,133(50)242040P X ==⨯⨯=,339(60)252050P X ==⨯⨯=,339(80)2020400P X ==⨯=,所以X 的分布列为所以139399()203040506080411610254050400E X =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=.(3)由折线图中所给的数据计算,可得1234563.56x +++++=,111316152021166y +++++==,所以121()()35ˆ217.5()niii nii x x y y bx x ==--===-∑∑,所以ˆ162 3.59a=-⨯=, 故月度市场占有率(%)y 与月份序号x 之间的线性回归方程为ˆ29y x =+.当7x =时,ˆ27923y =⨯+=.所以2017年4月份的市场占有率预计为23%.20.解:(1)由22x p y =,令2y =,得x =±所以=解得3p =,26x y =,由26x y =,得3xy '=,故x x y y -='',所以在A 点的切线方程为2y x -=-,即20x -=,同理可得在B 点的切线方程为20x +=. (2)由题意得直线l 的斜率存在且不为0,故设:l y kx m =+,11(,)M x y ,22(,)N x y ,由26x y =与y kx m =+联立, 得2660x kx m --=,236240k m =+>,所以126x x k +=,126x x m =-,故MN ==又21212()2624y y k x x m k m +=++=+=,所以223m k =-,所以MN =,由236240k m ∆=+>,得k <<且0k ≠. 因为,M N 的中点为(3,2)k ,所以,M N 的垂直平分线方程为12(3)y x k k -=--,令0x =,得5y =,即(0,5)Q ,所以点Q 到直线2230kx y k -+-=的距离d ==,所以12QMN S ∆=⋅=令21k u+=,则21k u=-,则713u<<,故QMNS∆=设2()(73)f u u u=-,则2()149f u u u'=-,结合713u<<,令()0f u'>,得1419u<<;令()0f u'<,得14793u<<,所以当149u=,即3k=±时,m a x1147()Q M NS∆=.21.解:(1)由题意,知(1)1f e'=-,(1)1f e n=-+.因为()xf x e m'=-,所以(1)1f e m e'=-=-,即1m=.又因为(1)1f e=-,所以0n=.(2)由题意,知2()2x xg x xe mx e=--+.因为2x>,0x≥,由()(2)0xg x x e m'=-=,得0x=或ln(2)x m=.当ln(2)x m>时,()0g x'>,所以()g x在区间(ln(2),)m+∞上单调递增;当0ln(2)x m<<时,()0g x'<,所以()g x在区间(0,ln(2))m上单调递减;所以()g x的极小值为(ln(2))g m.因为l n(2)l nm>>,且()g x在区间(0,l n(2m上单调递减,所以(ln(2))(1)20g m g m<=-<.又因为(0)10g=>,(1)20g m=-<,所以存在1(0,1)x∈,使得1()0g x=,所以存在2(ln(2),)x m∈+∞,使得2()0g x=,且2ln(2)ln4x m>>,所以214ln41lnx xe->-=,即214lnx xe>+.当x m =时,3()(1)2m g m m e m =--+,2m >. 令3()(1)2x u x x e x =--+,2x >,则22()3(3)xu x xe x x e x '=-=-,设()3xG x e x =-,则()30xG x e '=->在区间(2,)+∞上恒成立,所以()G x 在区间(2,)+∞上单调递增, 所以2()(2)60G x G e >=->, 所以()0u x '>在区间(2,)+∞上恒成立,即()u x 在区间(2,)+∞上单调递增,故2()(2)60u m u e >=->,所以当2m >时,()0g m >. 又因为2()0g x =,()g x 在区间(ln(2),)m +∞上单调递增,所以2m x >所以124lnx x m e +<<.22.解:(1)因为曲线1C的参数方程为,2sin x a y a ⎧=⎪⎨=⎪⎩,(a 为参数)所以曲线1C 的直角坐标方程为221124x y +=.因为222x y ρ=+,所以曲线2C 的直角坐标方程为226x y +=.两方程联立得x y ⎧=⎪⎨=⎪⎩或x y ⎧=⎪⎨=⎪⎩或x y ⎧=⎪⎨=⎪⎩或x y ⎧=⎪⎨=⎪⎩所以其极坐标分别为)4π,3)4π,,5)4π,,7)4π,. (2)直线l 的普通方程为20x y --=. 设点(3co s ,2s i n )P a a ,则点P到l l的距离d ==当26a k πππ+=+,即526a k ππ=+,k Z ∈时,maxd =23.解:(1)()224f x x x =-++32,2,6,22,32,2,x x x x x x --<-⎧⎪=+-≤≤⎨⎪+>⎩可得当2x <-时,3234x x --≥-+,即24-≥,可知无解;当22x -≤≤时,634x x +≥-+,得12x ≥-,可得122x -≤≤;当2x >时,3234x +≥-+,得13x ≥,可得2x >.∴不等式的解集为12x x ⎧⎫≥-⎨⎬⎩⎭. (2)根据函数32,2,()6,22,32,2,x x f x x x x x --<-⎧⎪=+-≤≤⎨⎪+>⎩,可知当2x =-时,函数取得最小值(2)4f -=,可知4a =,4m n +=,∴100710072018m n +++=. ∴2018201810071007m n +++100710071007100710071007m n m n m n ++++++=+++ 10071007210071007n m m n ++=++++4≥=,当且仅当2m n ==时,取得最小值为4.。

【衡水金卷】2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题(二,压轴卷)数学(理)试题

【衡水金卷】2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题(二,压轴卷)数学(理)试题

2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题理科数学(二)本试卷共4页,23题(含选考题)。

全卷满分1 50分。

考试用时120分钟。

第I 卷一、选择题:本题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中。

只有一项是符合 题目要求的。

1.已知集合{}{}1,1,2,3,5,6,210xA B x Z =-=∈<,则AB=A .{1}B .{l ,2}C .{1,2,3}D .{一1,1,2,3}2.设i 为虚数单位,复数z 满足2(13)(3)i z i +=-+,则共轭复数z 的虚部为 A .3i B .3i - C .3 D .3- 3.学生李明上学要经过4个路口,前三个路口遇到红灯的概率均为12,第四个路口遇到 红灯的概率为13,设在各个路口是否遇到红灯互不影响,则李明从家到学校恰好遇到 一次红灯的概率为 A .724 B .14 C . 124 D . 184.已知双曲线方程为22221(0,0)x y a b a b-=>>,F 1,F 2为双曲线的左、右焦点,P 为渐近线上一点且在第一象限,且满足120PF PF ⋅=,若1230PF F ︒∠=,则双曲线的离心率为 A .2 B .2 C .22 D .3 5.已知θ为锐角,1cos 211cos 22θθ-=+,则sin()3πθ+的值为A .264+ B .624- C .366+ D .3236+ 6.执行如图所示的程序框图,则输出的s 的值为A .一1B .一2C .1D .27.2101211011112(1)(2)(1)(1)(1)x x a x a x a x a +-=-+-++-+,则01211a a a a ++++的值为A .2B .0C .一 2D .一48.某几何体三视图如图所示,则该几何体的表面积为 A .2052π-B .203π-C .24π-D .12π+9.已知34a b ==12,则a ,b 不可能满足的关系是 A .a +b >4 B .ab >4C .(a 一1)2+(b —1)2>2D .a 2+b 2<8 10.若函数()sin()(0)6f x x πωω=+>在区间(π,2π)内没有最值,则ω的取值范围是 A .112(0,][,]1243 B .(0,16][13,23] C .[12,43] D .[12,33] 11.过抛物线x 2=2p y (p>0)上两点A ,B 分别作抛物线的切线,若两切线垂直且交于点 P(1,一2),则直线AB 的方程为 A .122y x =+ B .124y x =+ C .132y x =+ D .134y x =+ l 2.在正三棱锥(底面是正三角形,顶点在底面的射影是底面三角形的中心的 三棱锥)O 一ABC 中,OA ,OB ,OC 三条侧棱两两垂直,正三棱锥O —ABC 的内切球与三个侧面切点分别为D ,E ,F ,与底面ABC 切于点G ,则三棱 锥G —DEF 与O —ABC 的体积之比为 A .23318+ B .23318- C .6239+ D .6239- 第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分。

2018年普通高校招生全国卷 一(A) 【衡水金卷】高三信息卷 (二)理科数学试题(解析版)

2018年普通高校招生全国卷 一(A) 【衡水金卷】高三信息卷 (二)理科数学试题(解析版)
15.执行如下图的程序框图,假设输出的 ,那么正整数 __________.
16.数列 满足 , , 是 , 的等差中项,假设 为单调递增数列,那么实数 的取值范围为__________.
三、解答题
17.在 中, 分别为内角 的对边,向量 , ,
〔1〕求 ;
〔2〕假设 外接圆的直径为 ,且 ,求 的面积.
10.C
【解析】由三视图可知该几何体是一个圆柱切去两个弓形柱和半个球所得的几何体,圆柱的底面半径为2,高为6,弓形弦到圆心的距离为2-1=1,故弓形弦所对的圆心角为 ,弓形柱的高为2,所以几何体的外表积为
应选C.
11.C
【解析】因为点E为PA的中点,且 ,所以M为 的重心,所以 为 的中点,又 可得 故
应选C.
点睛:此题主要是分析,此题的条件比拟多,能够对条件综合分析得到简洁的结论是解题的关键.此题通过点E为PA的中点且 ,推理出M为 的重心,这是关键,后面找关于离心率e的方程难度就不大了.
12.A
【解析】依题意,函数f(x)的图像关于直线x=-3对称,所以f(-6)=f(0)=0,f(-4)=f(-2)=0,于是
试题解析:
〔1〕数值在100~110内的频率为 ,所以 .
又因为 ,所以 .
〔2〕由频率分布直方图,可知抽取的一件产品为 , , 等级的概率分别为 , , ,且 的取值为20,30,40,50,60,80,那么 , , , , , ,
〔1〕求 和 的值;
〔2〕规定产品的级别如下表:
一件 级产品的利润分别为10,20,40元,以频率估计概率,现质检部门从该批产品中随机抽取两件,两件产品的利润之和为 ,求 的分布列和数学期望;
〔3〕为了了解该型号产品的销售状况,对该公司最近六个月内的市场占有率进行了统计,并绘制了相应的折线图,由折线图可以看出,可用线性回归模型拟合月度市场卢有率 〔%〕与月份代码 之间的关系.求 关于 的线性回归方程,并预测2021年4月份(即 时)的市场占有率.

河北省衡水金卷压轴卷全国统一考试模拟试题理科数学(二)---精校解析Word版

河北省衡水金卷压轴卷全国统一考试模拟试题理科数学(二)---精校解析Word版

已知集合,(D.,然后再求出【详解】由题意得.复数满足∵,,,.前三个路口遇到红灯的概率均为第四个路口遇到红灯的概率为则李明从家到学校恰好遇到一次红灯的概率为(【答案】前三个路口恰有一次红灯,且第四个路口为绿灯的概率为..已知双曲线方程为,为双曲线的左、右焦点为渐近线上一点且在第一象限若,则双曲线的离心率为(C. D.为直角三角形,又得所以故得的倾斜角为,即,由此可得离心率.【详解】设为正三角形,直线的倾斜角为,离心率将提供的双曲线的几何关系转化为关于双曲线基本量利用和则B. C. D.【答案】D,进而可得,然后再根据两角和的正弦公式求解即可.∵,又为锐角,故选D.A. B. C. D.第一次:第二次:第三次:第四次:第五次:第六次:第七次:时,的值为(C. D.运用赋值法求解,令,得,.故选C.B.D.故几何体的表面积为,B.【答案】D可得,,然后对给出的四个选项分别进行判断即可得到结论.∵整理得.,解得,所以,由于,解得,,所以C成立.,所以【点睛】本题考查对数、指数的转化及基本不定式的变形及其应用,解题时注意不等式10.若函数在区间则B.D.【答案】在区间内单调,故可先求出函数的单调区间,再根据区间的单调区间为,.函数在区间内没有最值,在区间内单调,,解得.,得时,得;时,得,又,故的取值范围是函数在区间的单调区间后将问题转化为两个集合间的包含关系处理,并将问题再转化过抛物线上两点若两切线垂直且交于点则直线【答案】B并结合点的坐标求得.再根据两切线垂直可得抛物线的方程为,设出直线方程,联立消元后根据二次方程根与系数的关系可求得直线的斜率及截距,于是可得直线方程.【详解】由,得,则抛物线在点处的切线方程为,点处的切线方程为,解得又两切线交于点,,故得.∵过两点的切线垂直,,故,故得抛物线的方程为.的斜率存在,可设直线方程为整理得和可得的方程为中,正三菱锥的内切球与三个侧面切点分别为与底面切于点的体积之比为(【答案】B,由题意可得.,.,解得.把面单独拿出来分析,如图.的中心,,.D作于,则,为等边三角形,故选B.【点睛】解答本题时注意:中,与【答案】【解析】与分别用表示,通过求【详解】设,,.,.与的夹角为【点睛】求向量夹角时,可先由坐标运算或定义计算出这两个向量的数量积,并求得两向量的模,然后根,组成的区域为作关于直线,和点内的任一点,则的最小值为【答案】,求出区域内的点到直线的最小距离,由题意得的最小值为表示的区域,如下图阴影部分所示.由题意得三个交点的坐标分别为.结合图形可得区域内的点到直线的距离最小,且最小值为.由题意得的最小值为因此所求的最小值为【点睛】解答本题的关键有两个:一是正确画出不等式组表示的平面区域,并根据数形结合解题;二是将和内的两点间的距离的最小值转化为点到直线的距离处理,满足,当,且斜率为的直线与个交点【答案】【解析】为偶函数且图象的对称轴为,由此得到函数的周期为∵,即的周期为时,,结合函数的周期性,画出函数且斜率为的直线方程为.结合图象可得:联立消去整理得,,得(舍去)时,点与点,此时直线与有两个交点,又,相切,将两式联立消去整理得,得(所以当时有三个交点.综上可得的取值范围为.【点睛】已知函数有零点(方程有根中,【答案】【解析】中由题意可得,故得.过点,交的延长线于点,根据平行线,且.然后在中,由正弦定理得【详解】在中,,,.过点作,交的延长线于点,如下图,,.中,由正弦定理得【点睛】本题考查正弦定理在几何中的应用,同时也考查三角变换的应用,解题时要注意平面几何知识的利用,并由此寻求解三角形所需要的条件,然后再根据正弦(余弦)定理求解.在数列已知,求数列或,可得由以上两式消去的公比为,,整理得,解得或)得,当,此时数列为等比数列,,此时数列【点睛】本题考查定比数列的定义及其通项公式的求法,解题时要根据所给出的条件并结合等比数列的有平面平面平面四边形为正方形,,在棱为的中点为平面平面,使得平面平面?使得平面平面平面可得平面,从而有,结合条件可得四边形平行四边形,于是,可得平面.又可根据条件得到平面的判定定理可得结论.(2)在中,由余弦定理得,于是,所以,又两两垂直,故可建立空间直角坐标系,根据空间向量的知识求解.【详解】(1)∵平面平面平面平面平面.平面,∴四边形为平行四边形,.平面平面平面.,又平面平面平面.平面平面,平面平面)在中,由余弦定理得,,∴为直角三角形,且,平面可得两两垂直.依次为则的一个法向量为,即,解得,.设平面的一个法向量为,,得,平面化简得,,故此方程无解,平面【点睛】立体几何中,对于“是否存在”型问题的解答方式有两种:一种是根据条件作出判断,再进一步,期中在犯错误的概率不超过的前提下认为学习先修课程与优等生有关系后与临界值表对照可得结论.;设获得某高校自主招生通过的人数为,则可得的分布列.结合可得通过的人数为因此在犯错误的概率不超过的前提下认为学习先修课程与优等生有关系.②设获得某高校自主招生通过的人数为,则,∴的分布列为.列联表;②根据公式计算的值;③比较的值可以确定在多大程度上认为“两个分类变量有关系”;的值越大,认为“两个分类变量有关系”的把握越大.已知椭圆的方程为其离心率且短轴的个端点与两焦点组成的三角形面积为作轴的垂线,垂足为,点满足,的轨迹为曲线.求曲线)若直线与曲线且交椭圆于,的面积为的面积为,设,,得根据代入法可得曲线的方程为设直线的方程为,由与圆相切可得.将与,从而得到,求得,,.,,得代人椭圆方程得曲线的方程为由题知直线的斜率存在,设直线的方程为,,即.消整理得又直线与椭圆交于,故得,,.,.,当且仅当,即时,等号成立.的最大值为.【点睛】求解解析几何中的范围(最值)问题时,可先建立目标函数,再求这个函数的最值,在利用代数知函数与在交点的解析式;已知若函数的取值范围(1)。

2018高考数学模拟试卷衡水中学理科

2018高考数学模拟试卷衡水中学理科

2018年衡水中学高考数学全真模拟试卷〔理科〕第1卷一、选择题〔本大题共12小题,每题5分,共60分.在每个小题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的.〕1.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕集合A={x|x2<1},B={y|y=|x|},那么A∩B=〔〕A.∅B.〔0,1〕C.[0,1〕D.[0,1]2.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕设随机变量ξ~N〔3,σ2〕,假设P〔ξ>4〕=0.2,那么P〔3<ξ≤4〕=〔〕A.0.8 B.0.4 C.0.3 D.0.23.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕复数z=〔i为虚数单位〕,那么3=〔〕A.1 B.﹣1 C.D.4.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕过双曲线﹣=1〔a>0,b>0〕的一个焦点F作两渐近线的垂线,垂足分别为P、Q,假设∠PFQ=π,那么双曲线的渐近线方程为〔〕A.y=±x B.y=±x C.y=±x D.y=±x5.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕将半径为1的圆分割成面积之比为1:2:3的三个扇形作为三个圆锥的侧面,设这三个圆锥底面半径依次为r1,r2,r3,那么r1+r2+r3的值为〔〕A.B.2 C.D.16.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕如图是某算法的程序框图,那么程序运行后输出的结果是〔〕A.2 B.3 C.4 D.57.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕等差数列{a n}中,a3=7,a5=11,假设b n=,那么数列{b n}的前8项和为〔〕A.B.C.D.8.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕〔x﹣3〕10=a0+a1〔x+1〕+a2〔x+1〕2+…+a10〔x+1〕10,那么a8=〔〕A.45 B.180 C.﹣180 D.7209.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕如图为三棱锥S﹣ABC的三视图,其外表积为〔〕A.16 B.8+6C.16D.16+610.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕椭圆E:+=1〔a>b>0〕的左焦点F〔﹣3,0〕,P为椭圆上一动点,椭圆内部点M〔﹣1,3〕满足PF+PM的最大值为17,那么椭圆的离心率为〔〕A.B.C.D.11.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕f〔x〕=,假设函数y=f〔x〕﹣kx恒有一个零点,那么k的取值范围为〔〕A.k≤0 B.k≤0或k≥1 C.k≤0或k≥e D.k≤0或k≥12.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕数列{a n}的通项公式为a n=﹣2n+p,数列{b n}的通项公式为b n=2n ﹣4,设c=,假设在数列{c n}中c6<c n〔n∈N*,n≠6〕,那么p的取值范围〔〕nA.〔11,25〕B.〔12,22〕C.〔12,17〕D.〔14,20〕第2卷二、填空题〔本大题共4小题,每题5分,共20分.把答案填在题中的横线上.〕13.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕假设平面向量、满足||=2||=2,|﹣|=,那么在上的投影为.14.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕假设数列{a n}满足a1=a2=1,a n+2=,那么数列{a n}前2n项和S2n=.15.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕假设直线ax+〔a﹣2〕y+4﹣a=0把区域分成面积相等的两局部,那么的最大值为.16.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕函数f〔x〕=〔a+1〕lnx+x2〔a<﹣1〕对任意的x1、x2>0,恒有|f〔x1〕﹣f〔x2〕|≥4|x1﹣x2|,那么a的取值范围为.三、解答题〔本大题共5小题,共70分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〕17.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,满足c=1,且cosBsinC+〔a﹣sinB〕cos〔A+B〕=0〔1〕求C的大小;〔2〕求a2+b2的最大值,并求取得最大值时角A,B的值.18.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕如图,在四棱锥P﹣ABCD中,侧棱PA⊥底面ABCD,AD ∥BC,∠ABC=90°,PA=AB=BC=2,AD=1,M是棱PB中点.〔Ⅰ〕求证:平面PBC⊥平面PCD;〔Ⅱ〕设点N是线段CD上一动点,且=λ,当直线MN与平面PAB所成的角最大时,求λ的值.19.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕如图是两个独立的转盘〔A〕、〔B〕,在两个图中三个扇形区域的圆心角分别为60°、120°、180°.用这两个转盘进展游戏,规那么是:同时转动两个转盘待指针停下〔当两个转盘中任意一个指针恰好落在分界限时,那么这次转动无效,重新开场〕,记转盘〔A〕指针所对的区域为x,转盘〔B〕指针所对的区域为y,x、y∈{1,2,3},设x+y的值为ξ.〔Ⅰ〕求x<2且y>1的概率;〔Ⅱ〕求随机变量ξ的分布列与数学期望.20.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕椭圆E:+=1〔a>b>0〕,倾斜角为45°的直线与椭圆相交于M、N两点,且线段MN的中点为〔﹣1,〕.过椭圆E内一点P〔1,〕的两条直线分别与椭圆交于点A、C和B、D,且满足=λ,=λ,其中λ为实数.当直线AP平行于x轴时,对应的λ=.〔Ⅰ〕求椭圆E的方程;〔Ⅱ〕当λ变化时,k AB是否为定值?假设是,请求出此定值;假设不是,请说明理由.21.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕函数f〔x〕=,曲线y=f〔x〕在点x=e2处的切线与直线x﹣2y+e=0平行.〔Ⅰ〕假设函数g〔x〕=f〔x〕﹣ax在〔1,+∞〕上是减函数,求实数a的最小值;〔Ⅱ〕假设函数F〔x〕=f〔x〕﹣无零点,求k的取值范围.[选修4-1:几何证明选讲]22.〔10分〕〔2018•衡中模拟〕如下列图,AC为⊙O的直径,D为的中点,E为BC的中点.〔Ⅰ〕求证:DE∥AB;〔Ⅱ〕求证:AC•BC=2AD•CD.[选修4-4:坐标系与参数方程]23.〔2018•衡中模拟〕在平面直角坐标系中,直线l的参数方程为〔t为参数〕,在以直角坐标系的原点O为极点,x轴的正半轴为极轴的极坐标系中,曲线C的极坐标方程为ρ=〔1〕求曲线C的直角坐标方程和直线l的普通方程;〔2〕假设直线l与曲线C相交于A,B两点,求△AOB的面积.[选修4-5:不等式选讲]24.〔2018•衡中模拟〕函数f〔x〕=|x﹣l|+|x﹣3|.〔I〕解不等式f〔x〕≤6;〔Ⅱ〕假设不等式f〔x〕≥ax﹣1对任意x∈R恒成立,求实数a的取值范围.参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共12小题,每题5分,共60分.在每个小题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的.〕1.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕集合A={x|x2<1},B={y|y=|x|},那么A∩B=〔〕A.∅B.〔0,1〕C.[0,1〕D.[0,1]【解答】解:A={x|x2<1}={x|﹣1<x<1},B={y|y=|x|≥0},那么A∩B=[0,1〕,应选:C.2.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕设随机变量ξ~N〔3,σ2〕,假设P〔ξ>4〕=0.2,那么P〔3<ξ≤4〕=〔〕A.0.8 B.0.4 C.0.3 D.0.2【解答】解:∵随机变量X服从正态分布N〔3,σ2〕,∴μ=3,得对称轴是x=3.∵P〔ξ>4〕=0.2∴P〔3<ξ≤4〕=0.5﹣0.2=0.3.应选:C3.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕复数z=〔i为虚数单位〕,那么3=〔〕A.1 B.﹣1 C.D.【解答】解:复数z=,可得=﹣=cos+isin.那么3=cos4π+isin4π=1.应选:A.4.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕过双曲线﹣=1〔a>0,b>0〕的一个焦点F作两渐近线的垂线,垂足分别为P、Q,假设∠PFQ=π,那么双曲线的渐近线方程为〔〕A.y=±x B.y=±x C.y=±x D.y=±x【解答】解:如图假设∠PFQ=π,那么由对称性得∠QFO=,那么∠QOx=,即OQ的斜率k==tan=,那么双曲线渐近线的方程为y=±x,应选:B5.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕将半径为1的圆分割成面积之比为1:2:3的三个扇形作为三个圆锥的侧面,设这三个圆锥底面半径依次为r1,r2,r3,那么r1+r2+r3的值为〔〕A.B.2 C.D.1【解答】解:∵2πr1=,∴r1=,同理,∴r1+r2+r3=1,应选:D.6.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕如图是某算法的程序框图,那么程序运行后输出的结果是〔〕A.2 B.3 C.4 D.5【解答】解:第一次循环,sin>sin0,即1>0成立,a=1,T=1,k=2,k<6成立,第二次循环,sinπ>sin,即0>1不成立,a=0,T=1,k=3,k<6成立,第三次循环,sin>sinπ,即﹣1>0不成立,a=0,T=1,k=4,k<6成立,第四次循环,sin2π>sin,即0>﹣1成立,a=1,T=1+1=2,k=5,k<6成立,第五次循环,sin>sin2π,即1>0成立,a=1,T=2+1=3,k=6,k<6不成立,输出T=3,应选:B7.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕等差数列{a n}中,a3=7,a5=11,假设b n=,那么数列{b n}的前8项和为〔〕A.B.C.D.【解答】解:设等差数列{a n}的公差为d,a3=7,a5=11,∴,解得a1=3,d=2,∴a n=3+2〔n﹣1〕=2n+1,∴,∴b8=〔1﹣+﹣+…+﹣〕=〔1﹣〕=应选B.8.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕〔x﹣3〕10=a0+a1〔x+1〕+a2〔x+1〕2+…+a10〔x+1〕10,那么a8=〔〕A.45 B.180 C.﹣180 D.720【解答】解:〔x﹣3〕10=[〔x+1〕﹣4]10,∴,应选:D.9.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕如图为三棱锥S﹣ABC的三视图,其外表积为〔〕A.16 B.8+6C.16D.16+6【解答】解:由三视图可知该三棱锥为边长为2,4,4的长方体切去四个小棱锥得到的几何体.三棱锥的三条边长分别为,∴外表积为4×=16.应选:C.10.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕椭圆E:+=1〔a>b>0〕的左焦点F〔﹣3,0〕,P为椭圆上一动点,椭圆内部点M〔﹣1,3〕满足PF+PM的最大值为17,那么椭圆的离心率为〔〕A.B.C.D.【解答】解:设右焦点为Q,由F〔﹣3,0〕,可得Q〔3,0〕,由椭圆的定义可得|PF|+|PQ|=2a,即|PF|=2a﹣|PQ|,那么|PM|+|PF|=2a+〔|PM|﹣|PQ|〕≤2a+|MQ|,当P,M,Q共线时,取得等号,即最大值2a+|MQ|,由|MQ|==5,可得2a+5=17,所以a=6,那么e===,应选:A.11.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕f〔x〕=,假设函数y=f〔x〕﹣kx恒有一个零点,那么k的取值范围为〔〕A.k≤0 B.k≤0或k≥1 C.k≤0或k≥e D.k≤0或k≥【解答】解:由y=f〔x〕﹣kx=0得f〔x〕=kx,作出函数f〔x〕和y=kx的图象如图,由图象知当k≤0时,函数f〔x〕和y=kx恒有一个交点,当x≥0时,函数f〔x〕=ln〔x+1〕的导数f′〔x〕=,那么f′〔0〕=1,当x<0时,函数f〔x〕=e x﹣1的导数f′〔x〕=e x,那么f′〔0〕=e0=1,即当k=1时,y=x是函数f〔x〕的切线,那么当0<k<1时,函数f〔x〕和y=kx有3个交点,不满足条件.当k≥1时,函数f〔x〕和y=kx有1个交点,满足条件.综上k的取值范围为k≤0或k≥1,应选:B.12.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕数列{a n}的通项公式为a n=﹣2n+p,数列{b n}的通项公式为b n=2n ﹣4,设c=,假设在数列{c n}中c6<c n〔n∈N*,n≠6〕,那么p的取值范围〔〕nA.〔11,25〕B.〔12,22〕C.〔12,17〕D.〔14,20〕【解答】解:∵a n﹣b n=﹣2n+p﹣2n﹣4,∴a n﹣b n随着n变大而变小,又∵a n=﹣2n+p随着n变大而变小,b n=2n﹣4随着n变大而变大,∴,〔1〕当〔2〕当,综上p∈〔14,20〕,应选D.二、填空题〔本大题共4小题,每题5分,共20分.把答案填在题中的横线上.〕13.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕假设平面向量、满足||=2||=2,|﹣|=,那么在上的投影为﹣1 .【解答】解:根据条件,==7;∴;∴在上的投影为.故答案为:﹣1.14.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕假设数列{a n}满足a1=a2=1,a n+2=,那么数列{a n}前2n项和S2n= 2n+n2﹣1 .【解答】解:∵数列{a n}满足a1=a2=1,a n+2=,∴n=2k﹣1时,a2k+1﹣a2k﹣1=2,为等差数列;n=2k时,a2k+2=2a2k,为等比数列.∴.故答案为:2n+n2﹣1.15.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕假设直线ax+〔a﹣2〕y+4﹣a=0把区域分成面积相等的两局部,那么的最大值为 2 .【解答】解:由ax+〔a﹣2〕y+4﹣a=0得a〔x+y﹣1〕+4﹣2y=0,那么得,即直线恒过C〔﹣1,2〕,假设将区域分成面积相等的两局部,那么直线过AB的中点D,由得,即A〔1,6〕,∵B〔3,0〕,∴中点D〔2,3〕,代入a〔x+y﹣1〕+4﹣2y=0,得4a﹣2=0,那么,那么的几何意义是区域内的点到点〔﹣2,0〕的斜率,由图象过AC的斜率最大,此时最大值为2.故答案为:2.16.〔5分〕〔2018•衡中模拟〕函数f〔x〕=〔a+1〕lnx+x2〔a<﹣1〕对任意的x1、x2>0,恒有|f〔x1〕﹣f〔x2〕|≥4|x1﹣x2|,那么a的取值范围为〔﹣∞,﹣2].【解答】解:由f′〔x〕=+x,得f′〔1〕=3a+1,所以f〔x〕=〔a+1〕lnx+ax2,〔a<﹣1〕在〔0,+∞〕单调递减,不妨设0<x1<x2,那么f〔x1〕﹣f〔x2〕≥4x2﹣4x1,即f〔x1〕+4x1≥f〔x2〕+4x2,令F〔x〕=f〔x〕+4x,F′〔x〕=f′〔x〕+4=+2ax+4,等价于F〔x〕在〔0,+∞〕上单调递减,故F'〔x〕≤0恒成立,即+2ax+4≤0,所以恒成立,得a≤﹣2.故答案为:〔﹣∞,﹣2].三、解答题〔本大题共5小题,共70分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〕17.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,满足c=1,且cosBsinC+〔a﹣sinB〕cos〔A+B〕=0〔1〕求C的大小;〔2〕求a2+b2的最大值,并求取得最大值时角A,B的值.【解答】解:〔1〕cosBsinC+〔a﹣sinB〕cos〔A+B〕=0可得:cosBsinC﹣〔a﹣sinB〕cosC=0即:sinA﹣acosC=0.由正弦定理可知:,∴,c=1,∴asinC﹣acosC=0,sinC﹣cosC=0,可得sin〔C﹣〕=0,C是三角形内角,∴C=.〔2〕由余弦定理可知:c2=a2+b2﹣2abcosC,得1=a2+b2﹣ab又,∴,即:.当时,a2+b2取到最大值为2+.18.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕如图,在四棱锥P﹣ABCD中,侧棱PA⊥底面ABCD,AD ∥BC,∠ABC=90°,PA=AB=BC=2,AD=1,M是棱PB中点.〔Ⅰ〕求证:平面PBC⊥平面PCD;〔Ⅱ〕设点N是线段CD上一动点,且=λ,当直线MN与平面PAB所成的角最大时,求λ的值.【解答】证明:〔1〕取PC的中点E,那么连接DE,∵ME是△PBC的中位线,∴ME,又AD,∴ME AD,∴四边形AMED是平行四边形,∴AM∥DE.∵PA=AB,M是PB的中点,∴AM⊥PB,∵PA⊥平面ABCD,BC⊂平面ABCD,∴PA⊥BC,又BC⊥AB,PA∩AB=A,∴BC⊥平面PAB,∵AM⊂平面PAB,∴BC⊥AM,又PB⊂平面PBC,BC⊂平面PBC,PB∩BC=B,∴AM⊥平面PBC,∵AM∥DE,∴DE⊥平面PBC,又DE⊂平面PCD,∴平面PBC⊥平面PCD.〔2〕以A为原点,以AD,AB,AP为坐标轴建立空间直角坐标系,如下列图:那么A〔0,0,0〕,B〔0,2,0〕,M〔0,1,1〕,P〔0,0,2〕,C〔2,2,0〕,D〔1,0,0〕.∴=〔1,2,0〕,=〔0,1,1〕,=〔1,0,0〕,∴=λ=〔λ,2λ,0〕,=〔λ+1,2λ,0〕,==〔λ+1,2λ﹣1,﹣1〕.∵AD⊥平面PAB,∴为平面PAB的一个法向量,∴cos<>=====设MN与平面PAB所成的角为θ,那么sinθ=.∴当即时,sinθ取得最大值,∴MN与平面PAB所成的角最大时.19.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕如图是两个独立的转盘〔A〕、〔B〕,在两个图中三个扇形区域的圆心角分别为60°、120°、180°.用这两个转盘进展游戏,规那么是:同时转动两个转盘待指针停下〔当两个转盘中任意一个指针恰好落在分界限时,那么这次转动无效,重新开场〕,记转盘〔A〕指针所对的区域为x,转盘〔B〕指针所对的区域为y,x、y∈{1,2,3},设x+y的值为ξ.〔Ⅰ〕求x<2且y>1的概率;〔Ⅱ〕求随机变量ξ的分布列与数学期望.【解答】解:〔1〕记转盘A指针指向1,2,3区域的事件为A1,A2,A3,同理转盘B指针指向1,2,3区域的事件为B1,B2,B3,∴P〔A1〕=,P〔A2〕=,P〔A3〕=,P〔B1〕=,P〔B2〕=,P〔B3〕=,P=P〔A1〕P〔1﹣P〔B1〕〕=×〔1﹣〕==.…〔5分〕〔2〕由得ξ的可能取值为2,3,4,5,6,P〔ξ=2〕=P〔A1〕P〔B1〕===,P〔ξ=3〕=P〔A1〕P〔B2〕+P〔A2〕P〔B1〕==,P〔ξ=4〕=P〔A1〕P〔B3〕+P〔A2〕P〔B2〕+P〔A3〕P〔B1〕==,P〔ξ=5〕=P〔A2〕P〔B3〕+P〔A3〕P〔B2〕=+=,P〔ξ=6〕=P〔A3〕P〔B3〕==,∴ξ的分布列为:ξ 2 3 4 5 6PEξ==.…〔12分〕20.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕椭圆E:+=1〔a>b>0〕,倾斜角为45°的直线与椭圆相交于M、N两点,且线段MN的中点为〔﹣1,〕.过椭圆E内一点P〔1,〕的两条直线分别与椭圆交于点A、C和B、D,且满足=λ,=λ,其中λ为实数.当直线AP平行于x轴时,对应的λ=.〔Ⅰ〕求椭圆E的方程;〔Ⅱ〕当λ变化时,k AB是否为定值?假设是,请求出此定值;假设不是,请说明理由.【解答】解:〔Ⅰ〕设M〔m1,n1〕、N〔m2,n2〕,那么,两式相减,故a2=3b2…〔2分〕当直线AP平行于x轴时,设|AC|=2d,∵,,那么,解得,故点A〔或C〕的坐标为.代入椭圆方程,得…4分a2=3,b2=1,所以方程为…〔6分〕〔Ⅱ〕设A〔x1,y1〕、B〔x2,y2〕、C〔x3,y3〕、D〔x4,y4〕由于,可得A〔x1,y1〕、B〔x2,y2〕、C〔x3,y3〕、D〔x4,y4〕,…①同理可得…②…〔8分〕由①②得:…③将点A、B的坐标代入椭圆方程得,两式相减得〔x1+x2〕〔x1﹣x2〕+3〔y1+y2〕〔y1﹣y2〕=0,于是3〔y1+y2〕k AB=﹣〔x1+x2〕…④同理可得:3〔y3+y4〕k CD=﹣〔x3+x4〕,…〔10分〕于是3〔y3+y4〕k AB=﹣〔x3+x4〕〔∵AB∥CD,∴k AB=k CD〕所以3λ〔y3+y4〕k AB=﹣λ〔x3+x4〕…⑤由④⑤两式相加得到:3[y1+y2+λ〔y3+y4〕]k AB=﹣[〔x1+x2〕+λ〔x3+x4〕]把③代入上式得3〔1+λ〕k AB=﹣2〔1+λ〕,解得:,当λ变化时,k AB为定值,.…〔12分〕21.〔12分〕〔2018•衡中模拟〕函数f〔x〕=,曲线y=f〔x〕在点x=e2处的切线与直线x﹣2y+e=0平行.〔Ⅰ〕假设函数g〔x〕=f〔x〕﹣ax在〔1,+∞〕上是减函数,求实数a的最小值;〔Ⅱ〕假设函数F〔x〕=f〔x〕﹣无零点,求k的取值范围.【解答】解:〔Ⅰ〕由,得,解得m=2,故,那么,函数g〔x〕的定义域为〔0,1〕∪〔1,+∞〕,而,又函数g〔x〕在〔1,+∞〕上是减函数,∴在〔1,+∞〕上恒成立,∴当x∈〔1,+∞〕时,的最大值.而,即右边的最大值为,∴,故实数a的最小值;〔Ⅱ〕由题可得,且定义域为〔0,1〕∪〔1,+∞〕,要使函数F〔x〕无零点,即在〔0,1〕∪〔1,+∞〕内无解,亦即在〔0,1〕∪〔1,+∞〕内无解.构造函数,那么,〔1〕当k≤0时,h'〔x〕<0在〔0,1〕∪〔1,+∞〕内恒成立,∴函数h〔x〕在〔0,1〕内单调递减,在〔1,+∞〕内也单调递减.又h〔1〕=0,∴当x∈〔0,1〕时,h〔x〕>0,即函数h〔x〕在〔0,1〕内无零点,同理,当x∈〔1,+∞〕时,h〔x〕<0,即函数h〔x〕在〔1,+∞〕内无零点,故k≤0满足条件;〔2〕当k>0时,.①假设0<k<2,那么函数h〔x〕在〔0,1〕内单调递减,在内也单调递减,在内单调递增.又h〔1〕=0,∴h〔x〕在〔0,1〕内无零点;又,而,故在内有一个零点,∴0<k<2不满足条件;②假设k=2,那么函数h〔x〕在〔0,1〕内单调递减,在〔1,+∞〕内单调递增.又h〔1〕=0,∴当x∈〔0,1〕∪〔1,+∞〕时,h〔x〕>0恒成立,故无零点.∴k=2满足条件;③假设k>2,那么函数h〔x〕在内单调递减,在内单调递增,在〔1,+∞〕内也单调递增.又h〔1〕=0,∴在及〔1,+∞〕内均无零点.易知,又h〔e﹣k〕=k×〔﹣k〕﹣2+2e k=2e k﹣k2﹣2=ϕ〔k〕,那么ϕ'〔k〕=2〔e k﹣k〕>0,那么ϕ〔k〕在k>2为增函数,∴ϕ〔k〕>ϕ〔2〕=2e2﹣6>0.故函数h〔x〕在内有一零点,k>2不满足.综上:k≤0或k=2.[选修4-1:几何证明选讲]22.〔10分〕〔2018•衡中模拟〕如下列图,AC为⊙O的直径,D为的中点,E为BC的中点.〔Ⅰ〕求证:DE∥AB;〔Ⅱ〕求证:AC•BC=2AD•CD.【解答】证明:〔Ⅰ〕连接BD,因为D为的中点,所以BD=DC.因为E为BC的中点,所以DE⊥BC.因为AC为圆的直径,所以∠ABC=90°,所以AB∥DE.…〔5分〕〔Ⅱ〕因为D为的中点,所以∠BAD=∠DAC,又∠BAD=∠DCB,那么∠DAC=∠DCB.又因为AD⊥DC,DE⊥CE,所以△DAC∽△ECD.所以=,AD•CD=AC•CE,2AD•CD=AC•2CE,因此2AD•CD=AC•BC.…〔10分〕[选修4-4:坐标系与参数方程]23.〔2018•衡中模拟〕在平面直角坐标系中,直线l的参数方程为〔t为参数〕,在以直角坐标系的原点O为极点,x轴的正半轴为极轴的极坐标系中,曲线C的极坐标方程为ρ=〔1〕求曲线C的直角坐标方程和直线l的普通方程;〔2〕假设直线l与曲线C相交于A,B两点,求△AOB的面积.【解答】解:〔1〕由曲线C的极坐标方程为ρ=得ρ2sin2θ=2ρcosθ.∴由曲线C的直角坐标方程是:y2=2x.由直线l的参数方程为〔t为参数〕,得t=3+y代入x=1+t中消去t得:x﹣y﹣4=0,所以直线l的普通方程为:x﹣y﹣4=0…〔5分〕〔2〕将直线l的参数方程代入曲线C的普通方程y2=2x,得t2﹣8t+7=0,设A,B两点对应的参数分别为t1,t2,所以|AB|===,因为原点到直线x﹣y﹣4=0的距离d=,所以△AOB的面积是|AB|d==12.…〔10分〕[选修4-5:不等式选讲]24.〔2018•衡中模拟〕函数f〔x〕=|x﹣l|+|x﹣3|.〔I〕解不等式f〔x〕≤6;〔Ⅱ〕假设不等式f〔x〕≥ax﹣1对任意x∈R恒成立,求实数a的取值范围.【解答】解:函数f〔x〕=|x﹣l|+|x﹣3|=的图象如下列图,〔I〕不等式f〔x〕≤6,即①或②,或③.解①求得x∈∅,解②求得3<x≤5,解③求得﹣1≤x≤3.综上可得,原不等式的解集为[﹣1,5].〔Ⅱ〕假设不等式f〔x〕≥ax﹣1对任意x∈R恒成立,那么函数f〔x〕的图象不能在y=ax﹣1的图象的下方.如下列图:由于图中两题射线的斜率分别为﹣2,2,点B〔3,2〕,∴3a﹣1≤2,且a≥﹣2,求得﹣2≤a≤1.。

(河北省衡水金卷一模)2018届高三毕业班模拟演练数学(理)(附答案)

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(河北省衡水金卷一模)2018届高三毕业班模拟演练数学(理)(附答案)注意事项:1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。

第I卷(选择题)一、单选题1.已知集合,,则()A. B. C. D.2.已知,为虚数单位,若复数为纯虚数,则的值为()A. B. 2 C. -2 D. 03.已知等比数列中,,,则()A. B. -8 C. 8 D. 164.如图的折线图是某公司2017年1月至12月份的收入与支出数据.若从这12个月份中任意选3个月的数据进行分析,则这3个月中至少有一个月利润(利润=收入-支出)不低于40万的概率为()A. B. C. D.5.我国古代《九章算术》里,记载了一个“商功”的例子:今有刍童,上广二丈,袤三丈,下广三丈,袤四丈,高三丈.问积几何?其意思是:今有上下底面皆为长方形的草垛(如图所示),上底宽2丈,长3丈;下底宽3丈,长4丈;高3丈.问它的体积是多少?该书提供的算法是:上底长的2倍与下底长的和与上底宽相乘,同样下底长的2倍与上底长的和与下底宽相乘,再次相加,再乘以高,最后除以6.则这个问题中的刍童的体积为()A. 13.25立方丈B. 26.5立方丈C. 53立方丈D. 106立方丈6.已知偶函数在区间上单调递增,且,,,则满足()A. B.C. D.7.某几何体的正视图与侧视图如图所示,则它的俯视图不可能是()A. B. C. D.8.若运行如图所示的程序框图,输出的的值为127,则输入的正整数的所有可能取值的个数为( )A. 8B. 3C. 2D. 19.已知点分别在正方形的边上运动,且,设,,若,则的最大值为( )A. 2B. 4C.D.10.已知函数,将的图象向右平移个单位,所得函数的部分图象如图所示,则的值为( )A. B. C. D.11.若函数满足:①的图象是中心对称图形;②若时,图象上的点到其对称中心的距离不超过一个正数,则称是区间上的“对称函数”.若函数是区间上的“对称函数”,则实数的取值范围是()A. B. C. D.12.已知双曲线的左、右焦点分别为,点是双曲线上的任意一点,过点作双曲线的两条渐近线的平行线,分别与两条渐近线交于两点,若四边形(为坐标原点)的面积为,且,则点的横坐标的取值范围为()A. B.C. D.第II卷(非选择题)二、填空题13.已知,则__________.14.已知抛物线的焦点坐标为,则抛物线与直线所围成的封闭图形的面积为__________.15.已知实数满足不等式组则目标函数的最大值与最小值之和为__________.16.在中,为的中点,与互为余角,,,则的值为__________.三、解答题17.已知数列的前项和恰好与的展开式中含项的系数相等.(1)求数列的通项公式;(2)记,数列的前项和为,求.18.在矩形中,,,点是线段上靠近点的一个三等分点,点是线段上的一个动点,且.如图,将沿折起至,使得平面平面.(1)当时,求证:;(2)是否存在,使得与平面所成的角的正弦值为?若存在,求出的值;若不存在,请说明理由.19.春节过后,某市教育局从全市高中生中抽去了100人,调查了他们的压岁钱收入情况,按照金额(单位:百元)分成了以下几组:,,,,,.统计结果如下表所示:该市高中生压岁钱收入可以认为服从正态分布,用样本平均数(每组数据取区间的中点值)作为的估计值.(1)求样本平均数;(2)求;(3)某文化公司赞助了市教育局的这次社会调查活动,并针对该市的高中生制定了赠送“读书卡”的活动,赠送方式为:压岁钱低于的获赠两次读书卡,压岁钱不低于的获赠一次读书卡.已知每次赠送的读书卡张数及对应的概率如下表所示:现从该市高中生中随机抽取一人,记(单位:张)为该名高中生获赠的读书卡的张数,求的分布列及数学期望.参考数据:若,则,.20.已知椭圆的上顶点为点,右焦点为.延长交椭圆于点,且满足.(1)试求椭圆的标准方程;(2)过点作与轴不重合的直线和椭圆交于两点,设椭圆的左顶点为点,且直线分别与直线交于两点,记直线的斜率分别为,则与之积是否为定值?若是,求出该定值;若不是,试说明理由.21.已知函数.(1)若函数恰有一个零点,求实数的取值范围;(2)设关于的方程的两个不等实根,求证:(其中为自然对数的底数).22.选修4-4:坐标系与参数方程在平面直角坐标系中,已知圆的参数方程为(为参数,).以原点为极点,轴的正半轴为极轴,取相同的长度单位建立极坐标系,直线的极坐标方程是.(1)若直线与圆有公共点,试求实数的取值范围;(2)当时,过点且与直线平行的直线交圆于两点,求的值23.选修4-5:不等式选讲已知函数.(1)解不等式;(2)若函数,若对于任意的,都存在,使得成立,求实数的取值范数学(理)答案1.A【解析】集合集合,则,故选A.点睛:(1)认清元素的属性,解决集合问题时,认清集合中元素的属性(是点集、数集或其他情形)和化简集合是正确求解的两个先决条件.(2)注意元素的互异性.在解决含参数的集合问题时,要注意检验集合中元素的互异性,否则很可能会因为不满足“互异性”而导致解题错误.(3)防范空集.在解决有关A∩B=∅,A⊆B等集合问题时,往往忽略空集的情况,一定先考虑∅是否成立,以防漏解.2.B【解析】复数为纯虚数,则,解得x=2,故选B.3.C【解析】由题意可得, ,又同号,所以,则,故选C.4.D【解析】由图知,7月,8月,11月的利润不低于40万元,故所求概率为,故选D.5.B【解析】分析:根据题意,把有关数据代入公式,即可求出刍童的体积.详解:由算法可知,刍童的体积,立方长,\故选:B点睛:本题解题的关键是理解题意,利用题目提供的各个数据代入公式即可.6.D【解析】,故, 又,故,故选D.7.C【解析】若几何体为两个圆锥体的组合体,则俯视图为A;若几何体为四棱锥与圆锥的组合体,则俯视图为B;若几何体为两个四棱锥的组合体,则俯视图为D;不可能为C,故选C.点睛:思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其内涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的骤和思考方法:1、首先看俯视图,根据俯视图画出几何体地面的直观图;2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度;3、画出整体,然后再根据三视图进行调整.8.B【解析】令,可得n=7,故输入n=7符合,当输入的n满足n>7时,输出的结果总是大于127,不合题意,当输入n=6,5,4时,输出的n值分别为,均不合题意,当输入n=3或n=2时,输出的n=127符合题意,当输入n=1时,将进入死循环不符,故输入的所有的n的可能取值为2,3,7,共3个,故选B.点睛:本题考查程序框图的应用,属于中档题.算法与流程图的考查,侧重于对流程图循环结构的考查.先明晰算法及流程图的相关概念,包括选择结构、循环结构、伪代码,其次要重视循环起点条件、循环次数、循环终止条件,更要通过循环规律,明确流程图研究的数学问题,是求和还是求项.9.C【解析】,又因为,,当且仅当x=y时取等号,,即的最大值为,故选C.10.A【解析】由题意得=,则,由图知,则,由,得,解得的值为,故选A.11.A【解析】函数的图象可由的图象向左平移1个单位,再向上平移m个单位得到,故函数f(x)的图象关于点A(-1,m)对称,如图所示,由图可知,当时,点A到函数f(x)图象上的点(-4,m-27)或(2,m+27)的距离最大,最大距离为,根据条件只需,故,应选A.12.A【解析】由题易知四边形PAOB为平行四边形,且不妨设双曲线C的渐近线,设点P(m,n),则直线PB的方程为y-n=b(x-m),且点P到OB的距离为,由,解得,又,又,,双曲线C的方程为,即,又,解得或,所以点P的横坐标m的取值范围为,故选A.13.【解析】=,故填.14.【解析】抛物线的标准方程为,由得或,图形面积,故填.15.【解析】令t=2x,则x=,原可行域等价于,作出可行域如图所示,经计算得的几何意义是点P(t,y)到原点O的距离d的平方,由图可知,当点P与点C重合时,d取最大值;d的最小值为点O到直线AB:t-y-1=0的距离,故,所以的最大值与最小值之和为,故填.点睛: 应用利用线性规划求最值,一般用图解法求解,其步骤是:(1)在平面直角坐标系内作出可行域.(2)考虑目标函数的几何意义,将目标函数进行变形.(3)确定最优解:在可行域内平行移动目标函数变形后的直线,从而确定最优解.(4)求最值:将最优解代入目标函数即可求出最大值或最小值16.或【解析】设,则由+可知,为的中点,,即,由正弦定理得或,当A=B时,AC=BC, ,当时,,在△ACD中,,综上可得,的值为或.17.(1) (2)【解析】试题分析:(1)根据数列的前项和等于展开式中含项的系数,以及的关系,求出数列的通项公式;(2)由(1)求出,根据裂项相消法得出结果.试题解析:(1)依题意得,故当时,,又当时,,也适合上式,故.(2)由(1)得,故.18.(1)见解析(2)【解析】试题分析: (1) 当时,点是的中点,由已知证出,根据面面垂直的性质定理证得平面,进而证得结论;(2) 以为原点,的方向为轴,轴的正方向建立如图所示空间直角坐标系.写出各点坐标,求出平面的法向量,根据线面角的公式求出结果.试题解析:(1)当时,点是的中点.∴,.∵,∴∵,,,∴.∴.又平面平面,平面平面,平面,∴平面.∵平面,∴.(2)以为原点,的方向为轴,轴的正方向建立如图所示空间直角坐标系.则,,.取的中点,∵,∴,∴ 易证得平面,∵,∴,∴.∴,,.设平面的一个法向量为,则令,则.设与平面所成的角为,则,解得或(舍去)∴存在实数,使得与平面所成的角的正弦值为,此时.19.(1)68.5(2)0.8185(3)【解析】试题分析:(1)根据表中数据以及平均数公式代入计算即可;(2) 由(1)得的值,根据概率的计算公式计算即可;(3) 的所有可能取值为1,2,3,4,分别求出概率写出分布列,并求出期望即可.试题解析:(1),(2)由(1)得,.∴.(3)易知.∴的所有可能取值为1,2,3,4.;;;.∴的分布列为∴.20.(1) (2) 与之积为定值,且该定值是【解析】试题分析:(1),可得,将坐标代入求出点E,代入椭圆方程,结合焦点坐标可得椭圆方程;(2) 设,,设出直线AB的方程,与椭圆方程联立,消去y得到关于x的一元二次方程并写出韦达定理,根据三点共线得出M,N的坐标,求出与之积得出定值.试题解析:(1)椭圆的上顶点为,右焦点,点的坐标为.∵,可得,又,,∴代入可得,又,解得,,即椭圆的标准方程为.(2)设,,,,.由题意可设直线的方程为,联立消去,得,∴根据三点共线,可得,∴.同理可得,∴的坐标分别为,,∴.∴与之积为定值,且该定值是.点睛: 本题主要考查直线与圆锥曲线位置关系,所使用方法为韦达定理法:因直线的方程是一次的,圆锥曲线的方程是二次的,故直线与圆锥曲线的问题常转化为方程组关系问题,最终转化为一元二次方程问题,故用韦达定理及判别式是解决圆锥曲线问题的重点方法之一,尤其是弦中点问题,弦长问题,可用韦达定理直接解决,但应注意不要忽视判别式的作用.21.(1) (2)见解析【解析】试题分析:(1)求出函数的定义域和导函数,对参数m进行讨论得出函数的单调性,根据零点存在性定理判断零点的个数,求出m的取值范围;(2) 记函数,,则函数的两个相异零点为,将零点代入写出方程,并对两式相加和相减,再利用分析法以及变量集中构造新函数,并利用导数求最值的方法证得命题成立.试题解析(1)由题意知的定义域为,且.①当时,,在区间上单调递增,又,,∴,即函数在区间有唯一零点;②当时,,令,得.又易知函数在区间上单调递增,∴恰有一个零点.③当时,令,得,在区间上,,函数单调递增;在区间上,,函数单调递减,故当时,取得极大值,且极大值为,无极小值.若恰有一个零点,则,解得,综上所述,实数的取值范围为.(2)记函数,,则函数的两个相异零点为不妨设,∵,,∴,,两式相减得,两式相加得.∵,∴要证,即证,只需证,只需证,即证,设,则上式转化为,设,∴在区间上单调递增,∴,∴,即,即.点睛:本题考查函数的应用,利用导数解决函数的零点以及函数的单调性,最值和不等式的证明等问题. 本题也考查了零点存在性定理的应用,如果函数在区间[a,b]上的图象是连续不断的一条曲线,并且有,那么函数在区间[a,b]内有零点,即存在,使得,这个c也就是方程的实数根.但是反之不一定成立.22.(1) (2)【解析】试题分析:(1)根据极坐标与普通方程的互化公式求出直线的直角坐标方程,消参得出圆的普通方程, 直线与圆有公共点,则圆心到直线的距离,即可求出范围;(2)将直线的参数方程代入曲线方程,根据t的几何意义求值即可.试题解析:(1)由,得,即,故直线的直角坐标方程为.由得所以圆的普通方程为.若直线与圆有公共点,则圆心到直线的距离,即,故实数的取值范围为.(2)因为直线的倾斜角为,且过点,所以直线的参数方程为(为参数),①圆的方程为,②联立①②,得,设两点对应的参数分别为,则,,故.23.(1)(2)【解析】分析:(1)讨论x的取值范围,把不等式转化为三个不等式组,分别求解集,最后取并集;(2)对于任意的,都存在,使得成立即的值域为值域的子集.详解:(1)依题意,得由,得或或解得.即不等式的解集为.(2)由(1)知,,,则,解得,即实数的取值范围为.点睛:|x-a|+|x-b|≥c(或≤c)(c>0),|x-a|-|x-b|≤c(或≤c)(c>0)型不等式的解法可通过零点分区间法或利用绝对值的几何意义进行求解.(1)零点分区间法的一般步骤①令每个绝对值符号的代数式为零,并求出相应的根;②将这些根按从小到大排列,把实数集分为若干个区间;③由所分区间去掉绝对值符号得若干个不等式,解这些不等式,求出解集;④取各个不等式解集的并集就是原不等式的解集.(2)利用绝对值的几何意义由于|x-a|+|x-b|与|x-a|-|x-b|分别表示数轴上与x对应的点到a,b对应的点的距离之和与距离之差,因此对形如|x-a|+|x-b|≤c(c>0)或|x-a|-|x-b|≥c(c>0)的不等式,利用绝对值的几何意义求解更直观。

衡水金卷2018届全国高三大联考理科数学试题2

衡水金卷2018届全国高三大联考理科数学试题2

衡水金卷2018届全国高三大联考理科第Ⅰ卷一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合,,则( )A. B.C. D.【答案】C【解析】.所以,.故选C.2. 记复数的虚部为,已知复数(为虚数单位),则为( )A. 2B. -3C.D. 3【答案】B【解析】.故的虚部为-3,即.故选B.3. 已知曲线在点处的切线的倾斜角为,则( )A. B. 2 C. D.【答案】C【解析】由,得,故.故选C.4. 2017年8月1日是中国人民解放军建军90周年,中国人民银行为此发行了以此为主题的金银纪念币,如图所示是一枚8克圆形金质纪念币,直径22mm,面额100元.为了测算图中军旗部分的面积,现用1粒芝麻向硬币内投掷100次,其中恰有30次落在军旗内,据此可估计军旗的面积大约是( )A. B. C. D.【答案】B【解析】根据题意,可估计军旗的面积大约是.故选B.5. 已知双曲线:的渐近线经过圆:的圆心,则双曲线的离心率为( )A. B. C. 2 D.【答案】A【解析】圆:的圆心为,双曲线的渐近线为. 依题意得.故其离心率为.故选A.6. 已知数列为等比数列,且,则( )A. B. C. D.【答案】A【解析】依题意,得,所以.由,得,或(由于与同号,故舍去).所以..故选A.7. 执行如图的程序框图,若输出的的值为-10,则①中应填( )A. B. C. D.【答案】C【解析】由图,可知. 故①中应填.故选C.8. 已知函数为内的奇函数,且当时,,记,,,则,,间的大小关系是( )A. B. C. D.【答案】D【解析】根据题意得,令.则为内的偶函数,当时,.所以在内单调递减.又,,.故,选D.9. 已知一几何体的三视图如图所示,俯视图是一个等腰直角三角形和半圆,则该几何体的体积为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】由三视图可知该几何体是一个半圆柱与一个地面是等腰直角三角形的三棱锥构成的组合体,故其体积.故选A.点睛:思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其内涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法:1、首先看俯视图,根据俯视图画出几何体地面的直观图;2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度;3、画出整体,然后再根据三视图进行调整.10. 已知函数的部分图象如图所示,其中.记命题:,命题:将的图象向右平移个单位,得到函数的图象.则以下判断正确的是( )A. 为真B. 为假C. 为真D. 为真【答案】D【解析】由,可得.解得.因为,所以,故为真命题;将图象所有点向右平移个单位,.............................. 所以为假,为真,为假,为真.故选D.11. 抛物线有如下光学性质:过焦点的光线经抛物线反射后得到的光线平行于抛物线的对称轴;反之,平行于抛物线对称轴的入射光线经抛物线反射后必过抛物线的焦点.已知抛物线的焦点为,一条平行于轴的光线从点射出,经过抛物线上的点反射后,再经抛物线上的另一点射出,则的周长为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】令,得,即.由抛物线的光学性质可知经过焦点,设直线的方程为,代入. 消去,得.则,所以..将代入得,故.故.故的周长为.故选B.点睛:抛物线的光学性质:从抛物线的焦点发出的光线或声波在经过抛物线周上反射后,反射光线平行于抛物线的对称轴.12. 已知数列与的前项和分别为,,且,,,若恒成立,则的最小值是( )A. B. C. 49 D.【答案】B【解析】当时,,解得或.由得.由,得.两式相减得.所以.因为,所以.即数列是以3为首项,3为公差的等差数列,所以.所以.所以.要使恒成立,只需.故选B.点睛:由和求通项公式的一般方法为.数列求和的常用方法有:公式法;分组求和;错位相减法;倒序相加法;裂项相消法;并项求和.第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分.第13~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22~23题为选考题,考生根据要求作答.二、填空题:本大题共4小题,每题5分.13. 已知在中,,,若边的中点的坐标为,点的坐标为,则__________.【答案】1【解析】依题意,得,故是以为底边的等腰三角形,故,所以.所以.14. 已知的展开式中所有项的二项式系数之和、系数之和分别为,,则的最小值为__________.【答案】16【解析】显然.令,得.所以.当且仅当.即时,取等号,此时的最小值为16.15. 已知,满足其中,若的最大值与最小值分别为,,则实数的取值范围为__________.【答案】【解析】作出可行域如图所示(如图阴影部分所示)设,作出直线,当直线过点时,取得最小值;当直线过点时,取得最大值. 即,当或时,.当时,.所以,解得.点睛:线性规划的实质是把代数问题几何化,即数形结合的思想.需要注意的是:一、准确无误地作出可行域;二、画标准函数所对应的直线时,要注意与约束条件中的直线的斜率进行比较,避免出错;三、一般情况下,目标函数的最大或最小会在可行域的端点或边界上取得.16. 在《九章算术》中,将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑(bie nao).已知在鳖臑中,平面,,则该鳖臑的外接球与内切球的表面积之和为__________.【答案】【解析】设的中点为,如图,由,且为直角三角形,得.由等体积法,知.即,解得.故该鳖臑的外接球与内切球的表面积之和为.三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 已知函数,.(Ⅰ)求函数的最小正周期及其图象的对称轴方程;(Ⅱ)在锐角中,内角,,的对边分别为,,,已知,,,求的面积.【答案】(1)最小正周期,对称轴方程为;(2).【解析】试题分析:(1)化简函数得,其最小正周期,令即可解得对称轴;(2)由,解得,由正弦定理及,得,利用即可得解.试题解析:(1)原式可化为,,,,故其最小正周期,令,解得,即函数图象的对称轴方程为,.(2)由(1),知,因为,所以.又,故得,解得.由正弦定理及,得.故.18. 如图,在四棱锥中,底面为直角梯形,其中,侧面平面,且,动点在棱上,且. (1)试探究的值,使平面,并给予证明;(2)当时,求直线与平面所成的角的正弦值.【答案】(1)见解析;(2).【解析】试题分析:(1)连接交于点,连接通过证得,即可证得平面;(2)取的中点,连接,可得两两垂直,建立空间直角坐标系,设与平面所成的角为,则,为平面的一个法向量.试题解析:(1)当时,平面.证明如下:连接交于点,连接.∵,∴.∵,∴.∴.又∵平面,平面,∴平面.(2)取的中点,连接.则.∵平面平面,平面平面,且,∴平面.∵,且,∴四边形为平行四边形,∴.又∵,∴.由两两垂直,建立如图所示的空间直角坐标系.则,,,,,.当时,有,∴可得.∴,,.设平面的一个法向量为,则有即令,得,.即.设与平面所成的角为,则.∴当时,直线与平面所成的角的正弦值为.点睛:高考对空间向量与立体几何的考查主要体现在以下几个方面:①求异面直线所成的角,关键是转化为两直线的方向向量的夹角;②求直线与平面所成的角,关键是转化为直线的方向向量和平面的法向量的夹角;③求二面角,关键是转化为两平面的法向量的夹角.建立空间直角坐标系和表示出所需点的坐标是解题的关键.19. 如今我们的互联网生活日益丰富,除了可以很方便地网购,网上叫外卖也开始成为不少人日常生活中不可或缺的一部分.为了解网络外卖在市的普及情况,市某调查机构借助网络进行了关于网络外卖的问卷调查,并从参与调查的网民中抽取了200人进行抽样分析,得到下表:(单位:人)(Ⅰ)根据以上数据,能否在犯错误的概率不超过0.15的前提下认为市使用网络外卖的情况与性别有关?(Ⅱ)①现从所抽取的女网民中利用分层抽样的方法再抽取5人,再从这5人中随机选出3人赠送外卖优惠卷,求选出的3人中至少有2人经常使用网络外卖的概率②将频率视为概率,从市所有参与调查的网民中随机抽取10人赠送礼品,记其中经常使用网络外卖的人数为,求的数学期望和方差.参考公式:,其中.参考数据:【答案】(1)见解析;(2)①,②见解析.【解析】试题分析:(1)计算的值,进而可查表下结论;(2)①由分层抽样的抽样比计算即可;②由列联表,可知抽到经常使用网络外卖的网民的频率为,将频率视为概率,即从市市民中任意抽取1人,恰好抽到经常使用网络外卖的市民的概率为,由题意得.试题解析:(1)由列联表可知的观测值,.所以不能在犯错误的概率不超过0.15的前提下认为市使用网络外卖情况与性别有关.(2)①依题意,可知所抽取的5名女网民中,经常使用网络外卖的有(人),偶尔或不用网络外卖的有(人).则选出的3人中至少有2人经常使用网络外卖的概率为.②由列联表,可知抽到经常使用网络外卖的网民的频率为,将频率视为概率,即从市市民中任意抽取1人,恰好抽到经常使用网络外卖的市民的概率为.由题意得,所以;.20. 已知椭圆:的左、右焦点分别为点,,其离心率为,短轴长为.(Ⅰ)求椭圆的标准方程;(Ⅱ)过点的直线与椭圆交于,两点,过点的直线与椭圆交于,两点,且,证明:四边形不可能是菱形.【答案】(1);(2)见解析.【解析】试题分析:(1)由,及,可得方程;(2)易知直线不能平行于轴,所以令直线的方程为与椭圆联立得,令直线的方程为,可得,进而由是菱形,则,即,于是有由韦达定理代入知无解.试题解析:(1)由已知,得,,又,故解得,所以椭圆的标准方程为.(2)由(1),知,如图,易知直线不能平行于轴.所以令直线的方程为,,.联立方程,得,所以,.此时,同理,令直线的方程为,,,此时,,此时.故.所以四边形是平行四边形.若是菱形,则,即,于是有.又,,所以有,整理得到,即,上述关于的方程显然没有实数解,故四边形不可能是菱形.21. 已知函数,其中为自然对数的底数.(Ⅰ)讨论函数的单调性及极值;(Ⅱ)若不等式在内恒成立,求证:.【答案】(1)见解析;(2)见解析.【解析】试题分析:(1)函数求导得,讨论和演技单调性及极值即可;(2)当时,在内单调递增,可知在内不恒成立,当时,,即,所以.令,进而通过求导即可得最值.试题解析:(1)由题意得.当,即时,,在内单调递增,没有极值.当,即,令,得,当时,,单调递减;当时,,单调递增,故当时,取得最小值,无极大值.综上所述,当时,在内单调递增,没有极值;当时,在区间内单调递减,在区间内单调递增,的极小值为,无极大值.(2)由(1),知当时,在内单调递增,当时,成立.当时,令为和中较小的数,所以,且.则,.所以,与恒成立矛盾,应舍去.当时,,即,所以.令,则.令,得,令,得,故在区间内单调递增,在区间内单调递减.故,即当时,.所以.所以.而,所以.点睛:导数问题经常会遇见恒成立的问题:(1)根据参变分离,转化为不含参数的函数的最值问题;(2)若就可讨论参数不同取值下的函数的单调性和极值以及最值,最终转化为,若恒成立;(3)若恒成立,可转化为请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分. 22. 选修4-4:坐标系与参数方程在平面直角坐标系中,已知曲线的参数方程为(,为参数).以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴,取相同的长度单位建立极坐标系,直线的极坐标方程为.(Ⅰ)当时,求曲线上的点到直线的距离的最大值;(Ⅱ)若曲线上的所有点都在直线的下方,求实数的取值范围.【答案】(1);(2).【解析】试题分析:(1)将直线的极坐标方程化为普通方程,进而由圆的参数方程得曲线上的点到直线的距离,,利用三角函数求最值即可;(2)曲线上的所有点均在直线的下方,即为对,有恒成立,即(其中)恒成立,进而得.试题解析:(1)直线的直角坐标方程为.曲线上的点到直线的距离,,当时,,即曲线上的点到直线的距离的最大值为.(2)∵曲线上的所有点均在直线的下方,∴对,有恒成立,即(其中)恒成立,∴.又,∴解得,∴实数的取值范围为.23. 选修4-5:不等式选讲已知函数.(Ⅰ)解不等式;(Ⅱ)记函数的值域为,若,证明:. 【答案】(1);(2)见解析.【解析】试题分析:(1)分段去绝对值解不等式即可;(2)利用绝对值三角不等式得..用作差法比较大小得到,即可证得.试题解析:(1)依题意,得于是得或或解得.即不等式的解集为.(2),当且仅当时,取等号,∴.原不等式等价于,.∵,∴,.∴.∴.。

衡水金卷2018年普通高等学校招生全国统一考试 分科综合卷 理科数学(二)模拟试题(有答案)

衡水金卷2018年普通高等学校招生全国统一考试 分科综合卷 理科数学(二)模拟试题(有答案)

2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题理数(二)第Ⅰ卷(共60分)一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合A ={x |y ,B ={y |y =x 2+1},则A ∩B =( )A. [1,+∞)B. [2,+∞)C. (-∞,0]∪[2,+∞)D. [0,+∞)【答案】B 【解析】 【分析】根据函数的定义域与值域,分别求得集合,A B ,再根据集合的交集运算,即可求解.【详解】由于集合A ={x |y 表示的是函数y所以由x 2-2x ≥0可知集合A ={x |x ≤0或x ≥2}.集合B ={y |y =x 2+1}表示的是函数y =x 2+1的值域,因此B ={y |y ≥1}. ∴A ∩B =[2,+∞).故选B.【点睛】本题主要考查了集合的交集运算,其中解答中正确利用函数的定义域和值域求得集合,A B 是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题. 2. 已知a R ∈,且0,a i >是虚数单位,22a ii+=+,则a =( )A. 4B.C.D. 【答案】C 【解析】()()2212a2555a i i a i a i i +-++-==++,由题意知:22212a 455a +-⎛⎫⎛⎫+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,解得:a =故选C3. 已知θ为直线35y x =-的倾斜角,若()()cos ,sin ,2cos sin ,5cos sin A B θθθθθθ+-,则直线AB 的斜率为( ) A. 3 B. -4C.13D. 14-【答案】D 【解析】由题意知:tan 3θ=,AB 5cos sin sin 52tan 12cos sin cos 1tan 4k θθθθθθθθ---===-+-+.故选D4. 设双曲线22221x y a b-=(0a >,0b >)的渐近线与抛物线21y x =+相切,则该双曲线的离心率等于( )A.B. 2C.D.【答案】D 【解析】由题意可知双曲线的渐近线一条方程为b y x a =,与抛物线方程组成方程组2,1b y x a y x ⎧=⎪⎨⎪=+⎩消y 得,2210,()40b b x x a a -+=∆=-=,即2()4b a =,所以e ==,选D. 【点睛】双曲线22221x y a b-=(0a >,0b >)的渐近线方程为b y x a =±.直线与抛物线交点问题,直线与抛物线方程组方程组,当直线与抛物线对称轴平行时,直线与抛物线相交,只有一个交点.当直线与抛物线对称轴不平行时,当>0∆时,直线与抛物线相交,有两个交点. 当0∆=时,直线与抛物线相切,只有一个交点. 当∆<0时,直线与抛物线相离,没有交点.5. 袋中装有4个红球、3个白球,甲、乙按先后次序无放回地各摸取一球,在甲摸到了白球的条件下,乙摸到白球的概率是 A.37B.13C. 12D.25【答案】B【解析】用A表示甲摸到白球,B表示乙摸到白球,则()321P AB767=⨯=,()3P7A=,∴()()()P AB1P|P3B AA==.故选B6. 《算法统宗》是中国古代数学名著,由程大位所著,其中记载这样一首诗:九百九十九文钱,甜果苦果买一千,四文钱买苦果七,十一文钱九个甜,甜苦两果各几个?请君布算莫迟疑!其含义为:用九百九十九文钱共买了一千个甜果和苦果,其中四文钱可以买苦果七个,十一文钱可以买甜果九个,请问究竟甜、苦果各有几个?现有如图所示的程序框图,输入,m n分别代表钱数和果子个数,则符合输出值p的为()A. p为甜果数343B. p为苦果数343C. p为甜果数657D. p为苦果数657【答案】B【解析】由题意知,1111000a100099=⨯=,110002009b99999=-=,即若按全是甜果来算钱超出20099文,一个苦果和一个甜果差价位41c63=,则p为苦果数,20099p3434163==.故选B7. 函数1sin2+33y xπ⎛⎫=-⎪⎝⎭在区间()0,π内的所有零点之和为( )A.π6B.π3C.7π6D.4π3【答案】 C 【解析】由题意,可知函数y =sin (2x +π3)的周期为π,且直线x =7π12是函数y =sin (2x +π3)的一条对称轴,所以函数y =sin (2x +π3)在区间(0,π)内的零点有且只有2个,它们关于直线x =7π12对称,所以函数y =sin (2x +π3)13-在区间(0,π)内的零点有且只有2个,它们关于直线x =7π12对称,所以函数y =sin (2x +π3)13-在区间(π2,π)内的所有零点之和为7π12×2=7π6.故选C .8. 已知22:0,121x axp x x +∀><+恒成立,若p ⌝为真命题,则实数a 的最小值为( ) A .2B. 3C. 4D. 5【答案】A 【解析】22:x 0,?1,21x ax p x +⌝∃>≥+化为2ax 1x ≥+,即x 0,∃>有211a x x x x+≥=+,又0x >时,1y x x =+的最小值为2,故由存在性的意义知2a ≥.故实数a 的最小值为2. 故选A9. 已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )A. 323π+ B. 33π+C. 3π+D. 36π+【答案】B 【解析】由三视图,可知该几何体为一个半圆柱与一个三棱锥结合而成的(如图所示).半圆柱的底面半径为1,侧棱长为2,三棱锥的底面为半圆柱的底面的内接直角三角形,直角边长为2,两个侧面是全等的等腰三角形,腰长为2,底边为2,另一个侧面是边长为2的等边三角形,因此21113V 12213π232π=⨯⨯⨯+⨯⨯⨯⨯=+. 故选B点睛:三视图问题的常见类型及解题策略(1)由几何体的直观图求三视图.注意正视图、侧视图和俯视图的观察方向,注意看到的部分用实线表示,不能看到的部分用虚线表示.(2)由几何体的部分视图画出剩余的部分视图.先根据已知的一部分三视图,还原、推测直观图的可能形式,然后再找其剩下部分三视图的可能形式.当然作为选择题,也可将选项逐项代入,再看看给出的部分三视图是否符合.(3)由几何体的三视图还原几何体的形状.要熟悉柱、锥、台、球的三视图,明确三视图的形成原理,结合空间想象将三视图还原为实物图.10. 如图为正方体1111ABCD A B C D -,动点M 从1B 点出发,在正方体表面沿逆时针方向运动一周后,再回到1B 的运动过程中,点M 与平面11A DC 的距离保持不变,运动的路程x 与11 l MA MC MD =++之间满足函数关系() l f x =,则此函数图象大致是( )A. B.C. D.【答案】C 【解析】 【分析】先由题意,得到点M 在1B AC ∆的边上沿逆时针方向运动,设正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1,取线段1B A 的中点为N ,根据题意确定当动点M 运动到点N 时,111 =++<==N A B C l NA NC ND l l l ,同理得到动点M 运动到线段AC 或1CB 的中点时,也符合上式,根据变化情况,结合选项,即可得出结果. 【详解】由题意可知:点M 在1B AC ∆的边上沿逆时针方向运动, 设正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1,取线段1B A 的中点为N , 则当动点M 运动到点N 时,11126232=++=+<+===N A B C l NA NC ND l l l , 同理,当动点M 运动到线段AC 或1CB 的中点时,计算得11126232=++=+<+===A B C l MA MC MD l l l . 符合C 选项的图像特征. 故选C【点睛】本题主要考查空间几何体中的轨迹问题,熟记空间几何体的结构特征即可,属于常考题型. 11. 抛物线2:2C y px =的准线交x 轴于点M ,过点M 的直线交抛物线于N Q 、两点,F 为抛物线的焦点,若90NFQ ∠=︒,则直线NQ 的斜率(0)k k >为( )A. 2B. 2C. 12D.22【答案】D 【解析】易知直线NQ的斜率存在,且不为零.设y k2p NQ x⎛⎫=+ ⎪⎝⎭:,即2y p x k=-,带入22y px=,得222pyy pk-+=,由0>,得:0k1<<,设211N2yyp⎛⎫⎪⎝⎭,,222Q2yyp,⎛⎫⎪⎝⎭,由韦达定理得122122py yky y p⎧+=⎪⎨⎪=⎩,由题知FN FQ0=,得2212122222y yp py yp p⎛⎫⎛⎫--+=⎪⎪⎝⎭⎝⎭,222221212122444y y y y py yp+-++=,把212y y p=,()222221212122422py y y y y y pk+=+-=-带入整理,得22k k⎛⎫==-⎪⎪⎝⎭舍故选D12. 已知函数()22(0),(0),x x xf xe x x⎧--<=⎨≥⎩()1xg x e a+=+,其中e为自然对数的底数,若()()y f x g x=-有两个零点,则实数a的取值范围是()A. (),e-∞- B.2,3e⎛⎫-∞-⎪⎝⎭C. ()(),1,0e-∞-⋃- D. ()2,1,03e⎛⎫-∞-⋃-⎪⎝⎭【答案】C【解析】画出()f x与()g x的大致图象,如图,①先求x0≥时,()2f x e x=与()1xg x e a+=+相切时的a值:设切点为()00x y,,则()00'12x xg e e+==,解得:01x=,2y e=,把()()211xe g x e a+=+,代入,得0a=;②再求0x <时,()g x 与()f x 有唯一公共点()11x y ,,且在此点有公切线时的a 值:()()11111‘’12x g x e f x x +===--',解得:11x =-,而显然()()1''12x x g x f x e +-=++是增函数,故11x =-是唯一的解,此时()10f -=,把()110y x e a ,代入+-=+,得1a =-,函数()y g x =的图象是由y x e =的图象向左平移1个单位,再向上平移a 个单位(或向下平移-a 个单位),由图象可知:()10a ∈-,时,()g x 仅在x 0>上与()f x 有两个公共点; ③把()00,代入()1x g x e a +=+得a e =-,可知a e <-时,()f x 与()g x 在区间()0∞-,和()0∞+,内各有一个交点综上,实数a 的取值范围是()(),1,0e -∞-⋃- 故选C点睛:已知函数有零点求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法:直接根据题设条件构建关于参数的不等式,再通过解不等式确定参数范围; (2)分离参数法:先将参数分离,转化成求函数值域问题加以解决;(3)数形结合法:先对解析式变形,在同一平面直角坐标系中,画出函数的图象,然后数形结合求解.第Ⅱ卷(共90分)二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)13. 若向量1(1,3),,32OA OB ⎛⎫==- ⎪⎝⎭,M 是椭圆2214xy +=上的动点,则MA MB ⋅的最小值为_________. 【答案】334- 【解析】 设()M 2cos θsin θ,,则()()()211512cos θ2cos θ3sin θ3sin θ3cos 3cos θ22MA MB θ⎛⎫⋅=--+---=--⎪⎝⎭,当1cos θ2=时,取最小值为334-. 故答案为334-14. 已知(,)x y 满足22x y x ≤≤+,则53y x --的取值范围是__________.【答案】[]1,2 【解析】如图,阴影部分即为不等式表示的区域,53y x --的几何意义是:可行域中的点与点()35,连线的斜率,且点()35,在直线2y x =+上,由图形可得最小值为1,最大值为过点()35,且与抛物线相切的直线的斜率. 设切点为()n m ,,则52m 3n m -=-,把2n m =代入,解得m 1=或5,由图可知m 5=不合题意,舍去,故切线斜率为2m 2=,∴53y x --的取值范围为[]1,2故答案为[]1,2点睛:线性规划问题,首先明确可行域对应的是封闭区域还是开放区域、分界线是实线还是虚线,其次确定目标函数的几何意义,是求直线的截距、两点间距离的平方、直线的斜率、还是点到直线的距离等等,最后结合图形确定目标函数最值取法、值域范围.15. ABC ∆中,角,,A B C 的对边分别为,,,22a b c c a b =+,当C ∠最大时,22ABCS a b ∆=+__________.33+ 【解析】2222222231262cosC 228444a b a b a b c a b ab ab b a ⎛⎫++- ⎪+-⎝⎭===+-≥, 当且仅当6a =,取等号,∴∠C 的最大值为75°,此时62+, ∴22222216621absinC 3323426ABC b bS a b a b b ∆++===++⎫+⎪⎝⎭故答案为320+ 16. 3位逻辑学家分配10枚金币,因为都对自己的逻辑能力很自信,决定按以下方案分配: (1)抽签确定各人序号:1,2,3;(2)1号提出分配方案,然后其余各人进行表决,如果方案得到不少于半数的人同意(提出方案的人默认同意自己方案),就按照他的方案进行分配,否则1好只得到2枚金币,然后退出分配与表决;(3)再由2号提出方案,剩余各人进行表决,当且仅当不少于半数的人同意时(提出方案的人默认同意自己方案),才会按照他的提案进行分配,否则也将得到2枚金币,然后退出分配与表决; (4)最后剩的金币都给3号.每一位逻辑学家都能够进行严密的逻辑推理,并能很理智的判断自身的得失,1号为得到最多的金币,提出的分配方案中1号、2号、3号所得金币的数量分别为__________. 【答案】9,0,1 【解析】先看一下个人的利益最大化:①3号:如果1号的方案被否定,此时剩余金币有8枚,那么2号的方案必然是2号8枚,3号0枚,然后2号方案不低于半数通过,②由①的分析可知,只要1号的分配方案分配给3号的金币数量多于0,3号就会同意,方案就会通过,所以1号的利益最大化的分配方案是1号,2号,3号所得金币数量分别是9,0,1. 故答案9,0,1三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17. 已知数列{}n a 满足4(3)(1)n n n S a a =+-,且0n a >. (1)求数列{}n a 的通项公式;(2)求1212222n aa an n T a a a =⋅+⋅+⋯+⋅的值.【答案】(1) 21n a n =+;(2) ()2361289n n n T ++-=. 【解析】试题分析:(1)由()()431n n n S a a =+-,作差易得:()1202n n a a n ---=≥,{}n a 为等差数列,即可得到数列{}n a 的通项公式;(2)利用错位相减法求出1212222n aa an n T a a a =⋅+⋅+⋯+⋅的值.试题解析: (1)当2n ≥时,由()()243123n n n n n S a a a a =+-=+-,得()()111431n n n S a a ---=+-21123n n a a --=+-,两式相减得()()()()()22111114220n n n n n n n n n n S S a a a a a a a a ------=-+-⇒+--=.由0n a >,得()1202n n a a n ---=≥, 故{}n a 为等差数列,公差为2.当1n =时,由()()11114313S a a a =+-⇒=, 所以21n a n =+.(2)易知()35721325272212n n T n +=⋅+⋅+⋅+⋯++⋅,()()57212343252212212n n n T n n ++=⋅+⋅+⋯+-⋅++⋅,两式相减得()()35721233322222212n n n T n ++-=⋅+++⋯+-+⋅()()21362321232221212n n n -+-=⋅+⋅-+⋅-, ()2386123n n +-+=,所以()2361289n nn T ++-=. 点睛:用错位相减法求和应注意的问题(1)要善于识别题目类型,特别是等比数列公比为负数的情形;(2)在写出“S n ”与“qS n ”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“S n -qS n ”的表达式;(3)在应用错位相减法求和时,若等比数列的公比为参数,应分公比等于1和不等于1两种情况求解. 18. 某校高三年级有1000人,某次考试不同成绩段的人数()2~127,7.1N ξ,且所有得分都是整数. (1)求全班平均成绩;(2)计算得分超过141的人数;(精确到整数) (3)甲同学每次考试进入年级前100名的概率是14,若本学期有4次考试,X 表示进入前100名的次数,写出X 的分布列,并求期望与方差.参考数据:()0.6826,P μσξμσ-<≤+=()220.9544P μσξμσ-<≤+=.【答案】(1) 127μ=;(2)23人;(3)见解析. 【解析】试题分析:(1)由()2~127,7.1N ξ易知全班平均成绩;(2)由正太分布曲线的对称性易得()141P ξ> ,从而计算出得分超过141的人数;(3) X 的取值为0,1,2,3,4,计算出相应的概率值,利用公式即可算得期望与方差. 试题解析:(1)由不同成绩段的人数服从正态分布()2127,7.1N ,可知平均成绩127μ=.(2)()()()141141.212727.1P P P ξξξ>=>=>+⨯[]11(220.02282P μσξμσ=⨯--<≤+=, 故141分以上的人数为10000.022823⨯≈人. (3)X 的取值为0,1,2,3,4,()438104256P X ⎛⎫=== ⎪⎝⎭, ()1314132714464P X C ⎛⎫⎛⎫=== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭, ()22241327244128P X C ⎛⎫⎛⎫===⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭, ()312413334464P X C ⎛⎫⎛⎫=== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭, ()41144256P X ⎛⎫=== ⎪⎝⎭, 故X 的分布列为X0 1 2 3 4P81256 2764 27128 364 1256期望()414E X np ==⨯=, 方差()()13314444D X np p =-=⨯⨯=.19. 已知在直角梯形'ABC D 中,90A B ∠=∠=︒,1,'2AD AB BC ===,将'C BD ∆沿BD 折起至CBD ∆,使二面角C BD A --为直角.(1)求证:平面ADC ⊥平面ABC ;(2)若点M 满足AM AC λ=,[]01λ∈,,当二面角M BD C --为45°时,求λ的值. 【答案】(1)见解析;(2)13λ=. 【解析】 【详解】 【分析】试题分析:(1)要证平面ADC ⊥平面ABC ,转证AB ⊥平面CAD 即可;(2)建立空间直角坐标系计算平面的法向量,利用二面角M BD C --为45°建立等量关系求出λ的值. 试题解析:(1)梯形'ABC D 中,∵1,90AD AB DAB ==∠=︒,∴2BD =.又∵'45'2DBC BC ∠=︒=,, ∴'2C D ='90BDC ∠=︒.∴90BDC ∠=︒.折起后,∵二面角C BD A --为直角, ∴平面CBD ⊥平面ABD .又平面CBD ⋂平面,ABD BD CD BD =⊥, ∴CD ⊥平面ABD . 又AB ⊂平面ABD , ∴AB CD ⊥.又∵,AB AD AD CD D ⊥⋂=,∴AB ⊥平面CAD .又∵AB ⊂平面ABC ,∴平面ADC ⊥平面ABC .(2)由(1)知,DC ⊥平面,ABD AB AD ⊥,∴以D 为原点,,,DA AB DC 方向分别为x 轴、y 轴、z 轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系Dxyz.则()(()1,1,0,2,1,0,0B C A , 设(),,M x y z ,由AM AC λ=,得102x y z λλ⎧-=-⎪=⎨⎪=⎩,得()1,02M λλ-. 取线段BD 的中点E ,连结AE ,则11,,022E ⎛⎫ ⎪⎝⎭, ∵AD AB =,∴AE BD ⊥. 又∵,CD AE CD BD D ⊥⋂=, ∴AE ⊥平面BDC .∴平面BDC 的一个法向量为11,,022AE ⎛⎫=-⎪⎝⎭. 设平面MDB 的一个法向量为(),,m a b c =,则()0120,00,m DM a c m DB a b λλ⎧⎧⋅=-+=⎪⇒⎨⎨⋅=+=⎪⎩⎩取1c λ=-,则()22,1m λλλ=--.∴2 cos,2m AE=,即()222222122322212λλλλλλ+=⇒=⋅++-或1-.∵0λ>,∴13λ=.20. 【2018衡水金卷(二)】如图,矩形ABCD中,()()()()2,0,2,0,2,2,2,2A B C D--且,AM AD DN DCλλ==,[]0,1,ANλ∈交BM于点Q.(I)若点Q的轨迹是曲线P的一部分,曲线P关于x轴、y轴、原点都对称,求曲线P的轨迹方程;(II)过点)3,作曲线P的两条互相垂直的弦EF GH、,四边形GHEF的面积为S,探究SEF GH+是否为定值?若是,求出此定值,若不是,请说明理由.【答案】(I)曲线P的轨迹方程为2214xy+=;(II)SEF GH+为定值25.【解析】试题分析:(1)可得M(﹣2,2λ),N(﹣2+4λ,2),1,22QA AN QB BMk k k kλλ====-,设Q(x,y)11224QA QBk kλλ⎛⎫⋅=⋅-=-⎪⎝⎭,整理得:2214xy+=,即可得曲线P的轨迹方程为;(2)设直线EF的斜率为k,把(3y k x=代入椭圆方程,化简整理得()222214831240k x k x k+-+-=.利用韦达定理易得四边形GFHE的面积为()()()22228112144kS EF GHk k+=⋅=++,()()()2222201144kEF GHk k++=++,所以82205SEF GH==+,试题解析:(1)设(),Q x y,由,AM AD DN DC λλ==, 求得()()2,2,42,2M N λλ--, ∵1,22QA AN QB BM k k k k λλ====-, ∴11224QA QB k k λλ⎛⎫⋅=⋅-=- ⎪⎝⎭, ∴1224y y x x ⋅=-+-, 整理得()22120,014x y x y +=-≤≤≤≤.可知点Q 的轨迹为第二象限的14椭圆,由对称性可知曲线P 的轨迹方程为2214x y +=.(2)设()()1122,,,E x y F x y ,当直线EF 斜率存在且不为零时,设直线EF 的斜率为k ,把(y k x =代入椭圆方程,化简整理得()2222141240kxx k +-+-=.()2121610,k x x ∆=+>+=, 212212414k x x k-=+.∴12EF x =-()224114k k+==+. ∵EF GH ⊥,∴把k 换成1k -,即得()22414k GH k+=+.∴()()222241411122144k kS EF GH k k++=⋅=⋅⋅++ ()()()222281144k k k +=++,()()22224141144k k EF GH k k +++=+++,()()()()22222222011141144144k k k k k k+⎛⎫=++= ⎪++++⎝⎭, ∴82205S EF GH ==+.当直线EF 斜率不存在或为零时,25S EF GH =+.∴S EF GH +为定值25. 点睛:求定值问题常见的方法①从特殊入手,求出定值,再证明这个值与变量无关.②直接推理、计算,并在计算推理的过程中消去变量,从而得到定值. 21. 已知函数()11x x a f x e x -+=-,其中e 为自然对数的底数. (1)若()f x 有极值点,求证:必有一个极值点在区间13(,)内; (2)求证:对任意1,1x a >>-,有()11ln 2f x x ⎫>+⎪⎭. 【答案】(1)见解析;(2)见解析. 【解析】试题分析:(1)易知()()()212121'1x x a x a f x e x -+---=-,设()()2121g x x a x a =+---,若()f x 有极值点,则()0g x =有两个不相等的实根; (2)对任意1,1x a >>-,有()11ln 2f x x ⎫>+⎪⎭等价于()111ln 12x e x x -⎫>+>⎪⎭, 记()1x x ex φ-=-可得:1x e x ->()11ln 12x x >+>.试题解析: (1)易知()()()212121'1x x a x a f x e x -+---=-,设()()2121g x x a x a =+---, 若()f x 有极值点,则()0g x =有两个不相等的实根, ∴2650a a ∆=++>, ∴5a <-或1a >-,此时,()()()()1315g g a a ⋅=--+()()150a a =-++<,∴()g x 有两个零点,且有一个在区间()13,内. 即()f x 有一个极值点在区间()13,内. (2)由1,1a x >->,得10a x x +>->,得11x ax +>-, ()111x x x a f x e e x --+∴=>-.∴只需证()111ln 12x ex x -⎫>+>⎪⎭.令()1x x ex φ-=-,则()10'110x x ee φ-=->-=.∴当1x >时,()x φ为增函数, ∴()()10x φφ>=,即1x e x ->.∴只需证11ln (1)2x x x ⎫>+>⎪⎭,()11ln 12x x >+>,令()11ln 2h x x =-则()1'02h x x =-=>, ∴当1x >时,()h x 为增函数,∴()()10h x h >=11ln 2x >+. ∴原不等式成立.22. 在平面直角坐标系xOy 中,以坐标原点为极点,x 轴正半轴为极轴,取相同的长度单位建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为2sin ρθ=. (1)求曲线C 的直角坐标方程;(2)在平面直角坐标系中,将曲线C 的纵坐标不变,横坐标变为原来的2倍,得到曲线D ,过点(2,0)M 作直线l ,交曲线D 于A B 、两点,若2MA MB ⋅=,求直线l 的斜率.【答案】(1)2220x y y +-=;(2)线l 的斜率为【解析】试题分析:(1)利用222,sin x y y ρρθ=+=把极坐标方程化为直角坐标方程;(2)设直线l 的参数方程为2,x tcos y tsin φφ=+⎧⎨=⎩(t 为参数,[)0,φπ∈),代入曲线D 的方程,整理得()()222cos 4sin 4cos 8sin 40t t φφφφ++-+=,利用韦达定理可得122240cos 4sin t tφφ=>+,得,MA MB 同向共线. 由122242cos 4sin MA MB t t φφ⋅===可得直线的斜率.试题解析:(1)由2sin ρθ=,得22sin ρρθ=,将222,sin x y y ρρθ=+=,代入整理得2220x y y +-=.(2)把2220x y y +-=中的x 换成2x ,即得曲线D 的直角坐标方程2204x y y +-=. 设直线l 的参数方程为2,x tcos y tsin φφ=+⎧⎨=⎩(t 为参数,[)0,φπ∈),代入曲线D 的方程,整理得()()222cos 4sin 4cos 8sin 40t t φφφφ++-+=,()()2224cos 8sin 16cos 4sin 0φφφφ∆=--+>,cos sin 0φφ⇒<.设,A B 两点所对应的参数分别为12,t t , 则12,t t 为上述方程的两个根.由122240cos 4sin t t φφ=>+, 得,MA MB 同向共线. 故由122242cos 4sin MA MB t t φφ⋅===21sin tan 32φφ⇒=⇒=±. 由cos sin 0φφ<,得tan 2φ=-, 即直线l的斜率为23. 已知2221a b c ++=,且..a b c R +∈. (1)222111a b c ++的最小值; (2)≤【答案】(1)最小值为9;(2)见解析. 【解析】试题分析:(1)利用柯西不等式求出222111a b c ++的最小值;(2)由222x y xy +≤,22173226a a ++⎝⎭⋅≤=+.2726b ≤+2726c ≤+. 累加即可得结果. 试题解析:(1)由柯西不等式,得()22222221111119a b c a b c a b c ab c ⎛⎫⎛⎫++++≥⋅+⋅+⋅= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,当且仅当a b c ===时,取等号. 所以222111a b c++最小值为9.(2)由222x yxy+≤,2217226aa++⎝⎭≤=+.2726b≤+,27326c≤+.三式相加得22274322a b c++≤+=,≤当且仅当3a b c===时,取等号.11。

衡水金卷-密卷二理数试题答案

衡水金卷-密卷二理数试题答案

,
54
(1 分)


sin(
2

6
)

3 2 ,
(3 分)
所以直线 l1,l2 的交点 M 的极坐标为 M (2, 2 ) ,直角坐标为 M (0, 2) .
将点 M (0, 2) 代入方程 x2 y2 1可知 0 22 =1 ,
54
54
即点 M (0, 2) 在曲线 C 上.

z
0,
取 z 3 ,则 n1
所以 cos n1, n2
(0,n41,3n)2. | n1 || n2 |

又因为 n2 (0,1, 0) 为平面 A1C1C 的一个法向量,
4 5
,又由图可知,二面角
E

A1C1

C
为锐二面角,
所以二面角
E
解得 a= 41 ,或﹣ 41 (舍去),
∴△ABC 的周长=a+b+c= 41 +8+ 41 =8+2 41 .
(12 分)
22.解:(1)依题意得:圆心(0,0)到直线 x+y+4 2 =0 的距离 d=r,
4
∴d=r=
2 =4 ,
1+1
∴圆 C 的方程为 x2+y2=16. ① (5 分)
(2)连接 OA,OB,
(6 分)
(2)因为点 P 为曲线 C 上的任一点,所以可设点 P( 5 cos, 2 sin ) ,
所以 PM 2 ( 5 cos 0)2 (2sin 2)2 cos2 8sin 8
(8 分)
sin2 8sin 9 = (sin 4)2 25 ,

衡水金卷2018届全国高三大联考理科数学试题含答案

衡水金卷2018届全国高三大联考理科数学试题含答案

金卷 2018 届全国高三大联考理科第Ⅰ卷一、选择题:本大题共 12 个小题,每小题 5 分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合,,则 ( )A.B.C.D.【答案】C【解析】.所以,.故选 C.2. 记复数的虚部为,已知复数(为虚数单位),则 为( )A. 2 B. -3 C. D. 3【答案】B【解析】.故的虚部为-3,即.故选 B.3. 已知曲线在点处的切线的倾斜角为,则( )A. B. 2 C. D.【答案】C【解析】由,得,故.故选 C.4. 2017 年 8 月 1 日是中国人民解放军建军 90 周年,中国人民银行为此发行了以此为主题的金银纪念币,如图所示是一枚 8 克圆形金质纪念币,直径 22mm,面额 100 元.为了测算图中军旗部分的面积,现用 1 粒芝麻向硬币投掷 100 次,其中恰有 30 次落在军旗,据此可估计军旗的面积大约是( )A. B. C. D. 【答案】B 【解析】根据题意,可估计军旗的面积大约是. 故选 B.5. 已知双曲线 :的渐近线经过圆 :的圆心,则双曲线 的离心率为( )A.B.C. 2 D.【答案】A【解析】圆 :的圆心为 ,双曲线 的渐近线为 .依题意得 .故其离心率为.故选 A.6. 已知数列 为等比数列,且,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】依题意,得,所以 .由 ,得 ,或 (由于 与 同号,故舍去).所以..故选 A.7. 执行如图的程序框图,若输出的 的值为-10,则①中应填()A.B.C.D.【答案】C【解析】由图,可知.故①中应填 .故选 C.8. 已知函数 为 的奇函数,且当 时,,记,, ,则 , , 间的大小关系是( )A.B.C.D.【答案】D【解析】根据题意得,令.则为 的偶函数,当 时,.所以 在 单调递减.又,,.故 ,选 D.9. 已知一几何体的三视图如图所示,俯视图是一个等腰直角三角形和半圆,则该几何体的体积为( )A.B.C.D.【答案】A 【解析】由三视图可知该几何体是一个半圆柱与一个地面是等腰直角三角形的三棱锥构成的组合体,故其体积.故选 A.点睛:思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法:1、首先看俯视图,根据俯视图画出几何体地面的直观图;2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度;3、画出整体,然后再根据三视图进行调整.10. 已知函数的部分图象如图所示,其中 .记命题 :,命题 :将 的图象向右平移 个单位,得到函数的图象.则以下判断正确的是()A. 为真 B. 为假 C.为真 D.为真【答案】D【解析】由 ,可得 因为 ,所以.解得 . ,故 为真命题;将 图象所有点向右平移 个单位,.............................. 所以 为假, 为真,为假,为真.故选 D.11. 抛物线有如下光学性质:过焦点的光线经抛物线反射后得到的光线平行于抛物线的对称轴;反之,平行于抛物线对称轴的入射光线经抛物线反射后必过抛物线的焦点.已知抛物线 的焦点为 ,一条平行于 轴的光线从点 射出,经过抛物线上的点 反射后,再经抛物线上的另一点 射出,则 的周长为 ( )A.B.C.D.【答案】B【解析】令 ,得 ,即 .由抛物线的光学性质可知 经过焦点 ,设直线 的方程为,代入 .消去 ,得.则 ,所以..将 代入 得 ,故 .故.故 的周长为.故选 B.点睛:抛物线的光学性质:从抛物线的焦点发出的光线或声波在经过抛物线周上反射后,反射光线平行于抛物线的对称轴.12. 已知数列 与 的前 项和分别为 , ,且 ,,,若恒成立,则 的最小值是( )A. B. C. 49 D.【答案】B【解析】当 时,,解得由 得 .由,得两式相减得.所以.因为 ,所以.或. .即数列 是以 3 为首项,3 为公差的等差数列,所以 .所以.所以.要使恒成立,只需 .故选 B.点睛:由 和 求通项公式的一般方法为.数列求和的常用方法有:公式法;分组求和;错位相减法;倒序相加法;裂项相消法;并项求和.第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分.第 13~21 题为必考题,每个试题考生都必须作答.第 22~23 题为选考题,考生根据要求作答.二、填空题:本大题共 4 小题,每题 5 分.13. 已知在 中,,,若边 的中点 的坐标为 ,点 的坐标为 ,则 __________.【答案】1【解析】依题意,得,故 是以 为底边的等腰三角形,故,所以.所以 .14. 已知的展开式中所有项的二项式系数之和、系数之和分别为 , ,则 的最小值为__________.【答案】16【解析】显然 .令 ,得 .所以.当且仅当 .即 时,取等号,此时的最小值为 16.15. 已知 , 满足其中 ,若的最大值与最小值分别为 , ,则实数的取值围为__________. 【答案】 【解析】作出可行域如图所示(如图阴影部分所示)设 ,作出直线,当直线过点 时, 取得最小值 ;当直线过点 时, 取得最大值 .即,当 或 时,.当 时,.所以,解得.点睛:线性规划的实质是把代数问题几何化,即数形结合的思想.需要注意的是:一、准确无误地作出可行域;二、画标准函数所对应的直线时,要注意与约束条件中的直线的斜率进行比较,避免出错;三、一般情况下,目标函数的最大或最小会在可行域的端点或边界上取得.16. 在《九章算术》中,将四个面都为直角三角形的三棱锥 称之为鳖臑(bie nao).已知在鳖臑 中, 平面 ,,则该鳖臑的外接球与切球的表面积之和为 __________. 【答案】 【解析】设 的中点为 ,如图,由,且 为直角三角形,得.由等体积法,知.即,解得 .故该鳖臑的外接球与切球的表面积之和为.三、解答题 :解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 已知函数,.(Ⅰ)求函数 的最小正周期及其图象的对称轴方程;(Ⅱ)在锐角 中,角 , , 的对边分别为 , , ,已知,,,求 的面积.【答案】(1)最小正周期,对称轴方程为;(2) .【解析】试题分析:(1)化简函数得,其最小正周期,令即可解得对称轴;(2)由,解得 ,由正弦定理及,得,利用即可得解.试题解析:(1)原式可化为,,,,故其最小正周期,令,解得,即函数 图象的对称轴方程为,.(2)由(1),知,因为 ,所以.又,故得,解得 .由正弦定理及,得.故.18. 如图,在四棱锥中,底面 为直角梯形,其中,侧面 平面 ,且,动点 在棱 上,且.(1)试探究 的值,使 平面 ,并给予证明;(2)当 时,求直线 与平面 所成的角的正弦值.【答案】(1)见解析;(2) .【解析】试题分析:(1)连接 交 于点 ,连接 通过证得 ,即可证得 平面 ;(2)取 的中点 ,连接 ,可得两两垂直,建立空间直角坐标系,设 与平面 所成的角为 ,则, 为平面 的一个法向量.试题解析:(1)当 时, 平面 .证明如下:连接 交 于点 ,连接 .∵,∴.∵,∴.∴.又∵ 平面 , 平面 ,∴ 平面 .(2)取 的中点 ,连接 .则.∵平面 平面 ,平面 平面,且,∴ 平面 .∵ ,且,∴四边形 为平行四边形,∴ .又∵,∴ .由两两垂直,建立如图所示的空间直角坐标系 .则,,,,,.当 时,有 ,∴可得 .∴,,.设平面 的一个法向量为,则有即令 ,得 , .即.设 与平面 所成的角为 ,则.∴当 时,直线 与平面 所成的角的正弦值为 .点睛:高考对空间向量与立体几何的考查主要体现在以下几个方面:①求异面直线所成的角,关键是转化为两直线的方向向量的夹角;②求直线与平面所成的角,关键是转化为直线的方向向量和平面的法向量的夹角;③求二面角,关键是转化为两平面的法向量的夹角.建立空间直角坐标系和表示出所需点的坐标是解题的关键.19. 如今我们的互联网生活日益丰富,除了可以很方便地网 购,网上叫外卖也开始成为不少人日常生活中不可或缺的一 部分.为了解网络外卖在 市的普及情况, 市某调查机构借 助网络进行了关于网络外卖的问卷调查,并从参与调查的网 民中抽取了 200 人进行抽样分析,得到下表:(单位:人)(Ⅰ)根据以上数据,能否在犯错误的概率不超过 0.15 的前提下认为 市使用网络外卖的情况与性别有关?(Ⅱ)①现从所抽取的女网民中利用分层抽样的方法再抽取5 人,再从这 5 人中随机选出 3 人赠送外卖优惠卷,求选出的 3 人中至少有 2 人经常使用网络外卖的概率②将频率视为概率,从 市所有参与调查的网民中随机抽取10 人赠送礼品,记其中经常使用网络外卖的人数为 ,求 的数学期望和方差.参考公式:,其中.参考数据:【答案】(1)见解析;(2)① ,②见解析. 【解析】试题分析:(1)计算 的值,进而可查表下结论;(2)①由分层抽样的抽样比计算即可;②由 列联表,可知抽到经常使用网络外卖的网民的频率为,将频率视为概率,即从 市市民中任意抽取 1 人,恰好抽到经常使用网络外卖的市民的概率为 ,由题意得.试题解析:(1)由列联表可知 的观测值,.所以不能在犯错误的概率不超过 0.15 的前提下认为 市使用网络外卖情况与性别有关.(2)①依题意,可知所抽取的 5 名女网民中,经常使用网络外卖的有(人),偶尔或不用网络外卖的有(人).则选出的 3 人中至少有 2 人经常使用网络外卖的概率为.②由 列联表,可知抽到经常使用网络外卖的网民的频率为,将频率视为概率,即从 市市民中任意抽取 1 人,恰好抽到经常使用网络外卖的市民的概率为 .由题意得,所以;.20. 已知椭圆 :的左、右焦点分别为点 , ,其离心率为 ,短轴长为 .(Ⅰ)求椭圆 的标准方程;(Ⅱ)过点 的直线 与椭圆 交于 , 两点,过点 的直线与椭圆 交于 , 两点,且 ,证明:四边形 不可能是菱形.【答案】(1);(2)见解析.【解析】试题分析:(1)由 , 及,可得方程;(2)易知直线 不能平行于 轴,所以令直线 的方程为与椭圆联立得,令直线 的方程为,可得,进而由 是菱形,则,即,于是有由韦达定理代入知无解.试题解析:(1)由已知,得 , ,又,故解得,所以椭圆 的标准方程为.(2)由(1),知 ,如图,易知直线 不能平行于 轴.所以令直线 的方程为,,.联立方程,得,所以,.此时,同理,令直线 的方程为,,,此时,,此时.故.所以四边形 是平行四边形.若 是菱形,则,即,于是有.又,,所以有,整理得到,即,上述关于 的方程显然没有实数解,故四边形 不可能是菱形.21. 已知函数,其中 为自然对数的底数.(Ⅰ)讨论函数 的单调性及极值;(Ⅱ)若不等式 在 恒成立,求证: .【答案】(1)见解析;(2)见解析.【解析】试题分析:(1)函数求导得,讨论和 演技单调性及极值即可;(2)当 时, 在 单调递增,可知 在 不恒成立,当 时,,即,所以.令,进而通过求导即可得最值.试题解析:(1)由题意得.当 ,即 时, , 在 单调递增,没有极值.当 ,即 ,令 ,得,当时, , 单调递减;当时, , 单调递增,故当时, 取得最小值,无极大值.综上所述,当 时, 在 单调递增,没有极值;当 时, 在区间单调递减,在区间单调递增, 的极小值为,无极大值.(2)由(1),知当 时, 在 单调递增,当 时,成立.当 时,令 为 和 中较小的数,所以 ,且 .则,.所以,与 恒成立矛盾,应舍去.当 时,,即,所以.令,则.令 ,得,令 ,得 ,故 在区间 单调递增,在区间 单调递减.故,即当时,.所以.所以 .而,所以 .点睛:导数问题经常会遇见恒成立的问题:(1)根据参变分离,转化为不含参数的函数的最值问题;(2)若 就可讨论参数不同取值下的函数的单调性和极值以及最值,最终转化为,若 恒成立;(3)若恒成立,可转化为请考生在 22、23 两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.22. 选修 4-4:坐标系与参数方程在平面直角坐标系 中,已知曲线 的参数方程为( , 为参数).以坐标原点 为极点, 轴的正半轴为极轴,取相同的长度单位建立极坐标系,直线的极坐标方程为.(Ⅰ)当 时,求曲线 上的点到直线的距离的最大值;(Ⅱ)若曲线 上的所有点都在直线的下方,数的取值围.【答案】(1) ;(2) .【解析】试题分析:(1)将直线的极坐标方程化为普通方程,进而由圆的参数方程得曲线 上的点到直线的距离,,利用三角函数求最值即可;(2)曲线 上的所有点均在直线的下方,即为对 ,有恒成立,即(其中 )恒成立,进而得.试题解析:(1)直线的直角坐标方程为.曲线 上的点到直线的距离,,当时,,即曲线 上的点到直线的距离的最大值为 .(2)∵曲线 上的所有点均在直线的下方,∴对 ,有恒成立,即(其中 )恒成立,∴.又 ,∴解得,∴实数的取值围为 .23. 选修 4-5:不等式选讲已知函数.(Ⅰ)解不等式 ;(Ⅱ)记函数的值域为 ,若 ,证明:.【答案】(1);(2)见解析.【解析】试题分析:(1)分段去绝对值解不等式即可;(2)利用绝对值三角不等式得 ..用作差法比较大小得到,即可证得.试题解析:(1)依题意,得于是得或或解得.即不等式的解集为.(2),当且仅当时,取等号,∴.原不等式等价于,. ∵,∴,.∴.∴.。

河北省衡水市衡水金卷2018届高三大联考数学(理)试卷及答案

河北省衡水市衡水金卷2018届高三大联考数学(理)试卷及答案

河北省衡水市衡水金卷2018届高三大联考数学(理)试题第Ⅰ卷一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合2{|540}M x x x =-+≤,{|24}xN x =>,则 ( ) A .{|24}M N x x =<<I B .M N R =U C .{|24}M N x x =<≤I D .{|2}M N x x =>U2. 记复数z 的虚部为Im()z ,已知复数5221iz i i =--(i 为虚数单位),则Im()z 为( ) A .2 B .-3 C .3i - D .33. 已知曲线32()3f x x =在点(1,(1))f 处的切线的倾斜角为α,则222sin cos 2sin cos cos ααααα-=+( ) A .12 B .2 C .35 D . 38- 4. 2017年8月1日是中国人民解放军建军90周年,中国人民银行为此发行了以此为主题的金银纪念币,如图所示是一枚8克圆形金质纪念币,直径22mm ,面额100元.为了测算图中军旗部分的面积,现用1粒芝麻向硬币内投掷100次,其中恰有30次落在军旗内,据此可估计军旗的面积大约是( ) A .27265mm π B .236310mm π C.23635mm π D .236320mm π5. 已知双曲线C :22221(0,0)x y a b a b-=>>的渐近线经过圆E :22240x y x y +-+=的圆心,则双曲线C 的离心率为( )A .2C.2 D 6. 已知数列{}n a 为等比数列,且2234764a a a a =-=-,则46tan()3a a π⋅=( )A ..3-7. 执行如图的程序框图,若输出的S 的值为-10,则①中应填( )A .19?n <B .18?n ≥ C. 19?n ≥ D .20?n ≥8.已知函数()f x 为R 内的奇函数,且当0x ≥时,2()1cos f x e m x =-++,记2(2)a f =--,(1)b f =--,3(3)c f =,则a ,b ,c 间的大小关系是( )A .b a c <<B .a c b << C.c b a << D .c a b <<9. 已知一几何体的三视图如图所示,俯视图是一个等腰直角三角形和半圆,则该几何体的体积为( )A .23π+ B .12π+ C.26π+ D .23π+ 10. 已知函数()2sin()(0,[,])2f x x πωϕωϕπ=+<∈的部分图象如图所示,其中5||2MN =.记命题p :5()2sin()36f x x ππ=+,命题q :将()f x 的图象向右平移6π个单位,得到函数22sin()33y x ππ=+的图象.则以下判断正确的是( )A.p q ∧为真B.p q ∨为假C.()p q ⌝∨为真D.()p q ∧⌝为真 11.抛物线有如下光学性质:过焦点的光线经抛物线反射后得到的光线平行于抛物线的对称轴;反之,平行于抛物线对称轴的入射光线经抛物线反射后必过抛物线的焦点.已知抛物线24y x =的焦点为F ,一条平行于x 轴的光线从点(3,1)M 射出,经过抛物线上的点A 反射后,再经抛物线上的另一点B 射出,则ABM ∆的周长为 ( )A .712612.926910+ D .832612+12.已知数列{}n a 与{}n b 的前n 项和分别为n S ,n T ,且0n a >,2*63,n n S a a n N =+∈,12(21)(21)n n n a n a a b +=--,若*,n n N k T ∀∈>恒成立,则k 的最小值是( ) A .71 B .149 C. 49 D .8441第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分.第13~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22~23题为选考题,考生根据要求作答.二、填空题:本大题共4小题,每题5分.13.已知在ABC ∆中,||||BC AB CB =-u u u r u u u r u u u r ,(1,2)AB =u u u r,若边AB 的中点D 的坐标为(3,1),点C 的坐标为(,2)t ,则t = . 14. 已知*1()()2nx n N x-∈的展开式中所有项的二项式系数之和、系数之和分别为p ,q ,则64p q +的最小值为 .15. 已知x ,y 满足3,,60,x y t x y π+≤⎧⎪⎪≥⎨⎪≥⎪⎩其中2t π>,若sin()x y +的最大值与最小值分别为1,12,则实数t 的取值范围为 .16.在《九章算术》中,将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑(bie nao ).已知在鳖臑M ABC -中,MA ⊥平面ABC ,2MA AB BC ===,则该鳖臑的外接球与内切球的表面积之和为 .三、解答题 :解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 已知函数21()cos 3sin()cos()2f x x x x ππ=+-+-,x R ∈. (Ⅰ)求函数()f x 的最小正周期及其图象的对称轴方程;(Ⅱ)在锐角ABC ∆中,内角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,已知()1f A =-,3a =,sin sin b C a A =,求ABC ∆的面积.18. 如图,在四棱锥E ABCD -中,底面ABCD 为直角梯形,其中//,CD AB BC AB ⊥,侧面ABE ⊥平面ABCD ,且222AB AE BE BC CD =====,动点F 在棱AE 上,且EF FA λ=.(1)试探究λ的值,使//CE 平面BDF ,并给予证明; (2)当1λ=时,求直线CE 与平面BDF 所成的角的正弦值.19. 如今我们的互联网生活日益丰富,除了可以很方便地网购,网上叫外卖也开始成为不少人日常生活中不可或缺的一部分.为了解网络外卖在A 市的普及情况,A 市某调查机构借助网络进行了关于网络外卖的问卷调查,并从参与调查的网民中抽取了200人进行抽样分析,得到下表:(单位:人)(Ⅰ)根据以上数据,能否在犯错误的概率不超过0.15的前提下认为A 市使用网络外卖的情况与性别有关?(Ⅱ)①现从所抽取的女网民中利用分层抽样的方法再抽取5人,再从这5人中随机选出3人赠送外卖优惠卷,求选出的3人中至少有2人经常使用网络外卖的概率②将频率视为概率,从A 市所有参与调查的网民中随机抽取10人赠送礼品,记其中经常使用网络外卖的人数为X ,求X 的数学期望和方差.参考公式:22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++,其中n a b c d =+++.参考数据:20. 已知椭圆C :22221(0)x y a b a b +=>>的左、右焦点分别为点1F ,2F ,其离心率为12,短轴长为(Ⅰ)求椭圆C 的标准方程;(Ⅱ)过点1F 的直线1l 与椭圆C 交于M ,N 两点,过点2F 的直线2l 与椭圆C 交于P ,Q 两点,且12//l l ,证明:四边形MNPQ 不可能是菱形.21. 已知函数,()(1)(,)xf x e a x b a b R =-+-∈其中e 为自然对数的底数. (Ⅰ)讨论函数()f x 的单调性及极值;(Ⅱ)若不等式()0f x ≥在x R ∈内恒成立,求证:(1)324b a +<. 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分. 22.选修4-4:坐标系与参数方程在平面直角坐标系xOy 中,已知曲线C 的参数方程为cos ,sin x t y αα=⎧⎨=⎩(0t >,α为参数).以坐标原点O 为极点,x 轴的正半轴为极轴,取相同的长度单位建立极坐标系,直线l 的极坐标方程为sin()34πθ+=.(Ⅰ)当1t =时,求曲线C 上的点到直线l 的距离的最大值; (Ⅱ)若曲线C 上的所有点都在直线l 的下方,求实数t 的取值范围. 23.选修4-5:不等式选讲 已知函数()21|1|f x x x =-++. (Ⅰ)解不等式()3f x ≤;(Ⅱ)记函数()()|1|g x f x x =++的值域为M ,若t M ∈,证明:2313t t t+≥+.衡水金卷2018届全国高三大联考理科参考答案及评分细则一、选择题1-5: CBCBA 6-10:ACDAD 11、12:BB 二、填空题13. 1 14. 16 15. 57[,]66ππ16. 24π- 三、解答题17. 解:(1)原式可化为,21()cos cos 2f x x x =-,1cos 21222x x +=-, sin(2)sin(2)66x x ππ=-=--, 故其最小正周期22T ππ==,令2()62x k k Z πππ-=+∈,解得()23k x k Z ππ=+∈,即函数()f x 图象的对称轴方程为,()23k x k Z ππ=+∈.(2)由(1),知()sin(2)6f x x π=--, 因为02A π<<,所以52666A πππ-<-<. 又()sin(2)16f A A π=--=-,故得262A ππ-=,解得3A π=.由正弦定理及sin sin b C a A =,得29bc a ==.故1sin 2ABC S bc A ∆==18.(1)当12λ=时,//CE 平面BDF . 证明如下:连接AC 交BD 于点G ,连接GF . ∵//,2CD AB AB CD =,∴12CG CD GA AB ==. ∵12EF FA =,∴12EF CG FA GA ==.∴//GF CE .又∵CE ⊄平面BDF ,GF ⊂平面BDF , ∴//CE 平面BDF .(2)取AB 的中点O ,连接EO . 则EO AB ⊥.∵平面ABE ⊥平面ABCD ,平面ABE I 平面ABCD AB =,且EO AB ⊥, ∴EO ⊥平面ABCD .∵//BO CD ,且1BO CD ==,∴四边形BODC 为平行四边形,∴//BC DO . 又∵BC AB ⊥,∴//AB DO .由,,OA OD OE 两两垂直,建立如图所示的空间直角坐标系Oxyz .则(0,0,0)O ,(0,1,0)A ,(0,1,0)B -,(1,0,0)D ,(1,1,0)C -,3)E .当1λ=时,有EF FA =u u u r u u u r,∴可得13(0,2F . ∴(1,1,0)BD =u u u r ,(3)CE =-u u u r ,33(1,2BF =u u u r . 设平面BDF 的一个法向量为(,,)n x y z =r,则有0,0,n BD n BF ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩r u u u r r u u u r 即0,330,2x y y z +=⎧⎪⎨=⎪⎩ 令3z =1y =-,1x =.即(1,3)n =-r.设CE 与平面BDF 所成的角为θ,则sin |cos |CE n θ=<⋅>=u u u r r 1555=⨯. ∴当1λ=时,直线CE 与平面BDF 所成的角的正弦值为15. 19.解:(1)由列联表可知2K 的观测值,2()()()()()n ad bc k a b c d a c b d -=++++2200(50405060) 2.020 2.07211090100100⨯-⨯=≈<⨯⨯⨯. 所以不能在犯错误的概率不超过0.15的前提下认为A 市使用网络外卖情况与性别有关. (2)①依题意,可知所抽取的5名女网民中,经常使用网络外卖的有6053100⨯=(人),偶尔或不用网络外卖的有4052100⨯=(人). 则选出的3人中至少有2人经常使用网络外卖的概率为2133233355710C C C P C C =+=. ②由22⨯列联表,可知抽到经常使用网络外卖的网民的频率为1101120020=, 将频率视为概率,即从A 市市民中任意抽取1人, 恰好抽到经常使用网络外卖的市民的概率为1120. 由题意得11~(10,)20X B , 所以1111()10202E X =⨯=;11999()10202040D X =⨯⨯=. 20. 解:(1)由已知,得12c a =,3b =,又222c a b =-, 故解得224,3a b ==,所以椭圆C 的标准方程为22143x y +=. (2)由(1),知1(1,0)F -,如图,易知直线MN 不能平行于x 轴. 所以令直线MN 的方程为1x my =-,11(,)M x y ,22(,)N x y .联立方程2234120,1,x y x my ⎧+-=⎨=-⎩,得22(34)690m y my +--=, 所以122634m y y m +=+,122934y y m -=+.此时MN = 同理,令直线PQ 的方程为1x my =+,33(,)P x y ,44(,)Q x y ,此时342634m y y m -+=+,342934y y m -=+,此时PQ =. 故||||MN PQ =.所以四边形MNPQ 是平行四边形.若MNPQ Y 是菱形,则OM ON ⊥,即0OM ON ⋅=u u u u r u u u r,于是有12120x x y y +=. 又1212(1)(1)x x my my =--,21212()1m y y m y y =-++,所以有21212(1)()10m y y m y y +-++=,整理得到22125034m m --=+, 即21250m +=,上述关于m 的方程显然没有实数解, 故四边形MNPQ 不可能是菱形.21.解:(1)由题意得'()(1)xf x e a =-+.当10a +≤,即1a ≤-时,'()0f x >,()f x 在R 内单调递增,没有极值. 当10a +>,即1a >-, 令'()0f x =,得ln(1)x a =+,当ln(1)x a <+时,'()0f x <,()f x 单调递减;当ln(1)x a >+时,'()0f x >,()f x 单调递增,故当ln(1)x a =+时,()f x 取得最小值(ln(1))1(1)ln(1)f a a b a a +=+--++,无极大值. 综上所述,当1a ≤-时,()f x 在R 内单调递增,没有极值;当1a >-时,()f x 在区间(,ln(1))a -∞+内单调递减,在区间(ln(1),)a ++∞内单调递增,()f x 的极小值为1(1)ln(1)a b a a +--++,无极大值.(2)由(1),知当1a ≤-时,()f x 在R 内单调递增,当1a =-时,(1)3024b a +=<成立. 当1a <-时,令c 为1-和11b a-+中较小的数, 所以1c ≤-,且11b c a -≤+. 则1x e e -≤,(1)(1)a c b -+≤--+.所以1()(1)(1)0x f c e a c b e b b -=-+-≤---<,与()0f x ≥恒成立矛盾,应舍去.当1a >-时,min ()(ln(1))f x f a =+=1(1)ln(1)0a b a a +--++≥,即1(1)ln(1)a a a b +-++≥,所以22(1)(1)(1)ln(1)a b a a a +≤+-++.令22()ln (0)g x x x x x =->,则'()(12ln )g x x x =-.令'()0g x >,得0x <<令'()0g x <,得x >故()g x 在区间内单调递增,在区间)+∞内单调递减.故max ()2e g x g e e ==-=,即当11a a +=⇒=时,max ()2e g x =. 所以22(1)(1)(1)ln(1)2e a b a a a +≤+-++≤. 所以(1)24b a e +≤. 而3e <, 所以(1)324b a +<. 22.解:(1)直线l 的直角坐标方程为30x y +-=.曲线C 上的点到直线l 的距离,d ==|)3|πα+-, 当sin()14πα+=-时,max 22d +==, 即曲线C 上的点到直线l的距离的最大值为22+. (2)∵曲线C 上的所有点均在直线l 的下方,∴对R α∀∈,有cos sin 30t αα+-<恒成立,)3αϕ-<(其中1tan tϕ=)恒成立,3<.又0t >,∴解得0t <<∴实数t的取值范围为(0,.23.解:(1)依题意,得3,1,1()2,1,213,,2x x f x x x x x ⎧⎪-≤-⎪⎪=--<<⎨⎪⎪≥⎪⎩ 于是得1,()333,x f x x ≤-⎧≤⇔⎨-≤⎩或11,223,x x ⎧-<<⎪⎨⎪-≤⎩或1,233,x x ⎧≥⎪⎨⎪≤⎩ 解得11x -≤≤.即不等式()3f x ≤的解集为{|11}x x -≤≤.(2)()()|1|g x f x x =++=|21||22|x x -++≥|2122|3x x ---=, 当且仅当(21)(22)0x x -+≤时,取等号,∴[3,)M =+∞. 原不等式等价于2331t t t-+-, 22233(3)(1)t t t t t t t-+--+==. ∵t M ∈,∴30t -≥,210t +>. ∴2(3)(1)0t t t-+≥. ∴2313t t t+≥+.。

河北省衡水金卷2018年高三调研卷 全国卷 I A 理科数学试题2

河北省衡水金卷2018年高三调研卷 全国卷 I A 理科数学试题2

【衡水金卷】2018年衡水金卷调研卷全国卷I A模拟试题(二)理科数学第Ⅰ卷(共60分)一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合,,则()A. B. C. D.【答案】B【解析】,,,,故选B.2. 已知是虚数单位,复数满足,则()A. B. C. D. 5【答案】A【解析】,,,故选A.3. 已知具有线性相关的两个变量之间的一组数据如下表所示:若满足回归方程,则以下为真命题的是()A. 每增加1个单位长度,则一定增加1.5个单位长度B. 每增加1个单位长度,就减少1.5个单位长度C. 所有样本点的中心为D. 当时,的预测值为13.5【答案】D【解析】由,得每增一个单位长度,不一定增加,而是大约增加个单位长度,故选项错误;由已知表格中的数据,可知,,回归直线必过样本的中心点,故错误;又,回归方程为,当时,的预测值为,故正确,故选D.4. 已知点为椭圆:上一点,是椭圆的两个焦点,如的内切圆的直径为3,则此椭圆的离心率为()A. B. C. D.【答案】C【解析】由椭圆的定义可知的周长为,设三角形内切圆半径为,所以的面积,整理得,又,故得椭圆的离心率为,故选C.【方法点睛】本题主要考查椭圆的定义、性质及离心率,属于中档题.离心率的求解在圆锥曲线的考查中是一个重点也是难点,一般求离心率有以下几种情况:①直接求出,从而求出;②构造的齐次式,求出;③采用离心率的定义以及圆锥曲线的定义来求解;④根据圆锥曲线的统一定义求解.本题中,根据三角形的面积可以建立关于焦半径和焦距的关系.从而找出之间的关系,求出离心率.5. 如图,已知与有一个公共顶点,且与的交点平分,若,则的最小值为()A. 4B.C.D. 6【答案】C【解析】,又,,又三点共线,,即得,易知,,当且仅当,即时,取等号,故选C.【易错点晴】本题主要考查平面向量基本定理的应用以及利用基本不等式求最值,属于难题.利用基本不等式求最值时,一定要正确理解和掌握“一正,二定,三相等”的内涵:一正是,首先要判断参数是否为正;二定是,其次要看和或积是否为定值(和定积最大,积定和最小);三相等是,最后一定要验证等号能否成立(主要注意两点,一是相等时参数否在定义域内,二是多次用或时等号能否同时成立).6. 我国古代数学名著《九章算术》中有这样一些数学用语,“堑堵”意指底面为直角三角形,且侧棱垂直于底面的三棱柱,而“阳马”指底面为矩形且有一侧棱垂直于底面的四棱锥.现有一如图所示的堑堵,,若,当阳马体积最大时,则堑堵的外接球的体积为()A. B. C. D.【答案】B【解析】设,则,由题意,得四棱锥的体积为,当且仅当,即时,取等号,设的中点分别为,则堑堵的外接球的球心应恰为线段的中点,又,则堑堵的外接球的半径满足,故,故堑堵的外接球的体积为,故选B.7. “”是“函数与函数在区间上的单调性相同”的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】函数在区间上是单调递减的,当时,函数在区间上也是单调递减的,所以充分性成立,当时,在区间上也是单调递减的,故必要性不成立,“”是“函数与函数在区间上的单调性相同”的充分不必要条件,故选A.8. 执行如图所示的程序框图,若输出,则判断框内应填的内容是()A. B. C. D.【答案】A【解析】由程序框图的功能可知,输出,此时,判断框内应填,故选A.9. 如图所示,直线为双曲线:的一条渐近线,是双曲线的左、右焦点,关于直线的对称点为,且是以为圆心,以半焦距为半径的圆上的一点,则双曲线的离心率为()A. B. C. 2 D. 3【答案】C【解析】设焦点关于渐近线的对称点为,则,又点在圆上,,故选C. 10. 某单位现需要将“先进个人”、“业务精英”、“道德模范”、“新长征突击手”、“年度优秀员工”5种荣誉分配给3个人,且每个人至少获得一种荣誉,五种荣誉中“道德模范”与“新长征突击手”不能分给同一个人,则不同的分配方法共有()A. 114种 B. 150种 C. 120种 D. 118种【答案】A【解析】将种荣誉分给人,共有和两类. ①当为时,共有,“道德模范”与“新长征突击手”分给一个人共有种,故有;②当为时,共有,“道德模范”与“新长征突击手”分给一个人共有种,故有种,综上,不同的分配方法共有种,故选A.11. 如图,正方体的对角线上存在一动点,过点作垂直于平面的直线,与正方体表面相交于两点.设,的面积为,则当点由点运动到的中点时,函数的图象大致是()A. B. C. D.【答案】D【解析】设,而由运动到的中点的过程中,,由相似三角形,可知为定值,设正方体的边长为,当为线段的中点时,,则的面积为,故选D.12. 已知为函数的导函数,当是斜率为的质询案的倾斜角时,若不等式恒成立,则()A. B.C. D.【答案】D【解析】由题可知,,,,即,令,则,即在区间内单调递增,由,可知不正确,由可得,正确,故选D.【方法点睛】利用导数研究函数的单调性、构造函数比较大小,属于难题.联系已知条件和结论,构造辅助函数是高中数学中一种常用的方法,解题中若遇到有关不等式、方程及最值之类问题,设法建立起目标函数,并确定变量的限制条件,通过研究函数的单调性、最值等问题,常可使问题变得明了,准确构造出符合题意的函数是解题的关键;解这类不等式的关键点也是难点就是构造合适的函数,构造函数时往往从两方面着手:①根据导函数的“形状”变换不等式“形状”;②若是选择题,可根据选项的共性归纳构造恰当的函数.二、填空题(每题4分,满分20分,将答案填在答题纸上)13. 已知函数,则其最小正周期为_______.【答案】【解析】因为函数,函数,则其最小正周期为,故答案为.14. 过,两点的光线经轴反射后所在直线与圆存在公共点,则实数的取值范围为_______.【答案】【解析】点关于轴的对称点为,则直线的方程为,即,因为反射后所在直线与圆存在公共点,所以圆心到直线的距离,即,解得,故实数的取值范围是,故答案为.15. 如图,将正方形沿着边抬起到一定位置得到正方形,并使得平面与平面所成的二面角为,为正方形内一条直线,则直线与所成角的取值范围为_______.【答案】【解析】不妨设正方形的边长为,作,垂足为,由,得平面,故,又,得平面,故直线在平面内的射影为,易知,则与平面所成的角为与平面内的直线所成的最小角为,而直线与所成角的最大角为(当与重合时,与所成角为的),所以直线与所成角的取值范闱为,故答案为.16. 已知菱形,为的中点,且,则菱形面积的最大值为_______. 【答案】12【解析】设,则两边之和大于第三边,两边之差小于第三边,,即,,设,在中,由余弦定理可知,即,,令,则,则,当时,即时,有最大值,故答案为.【方法点睛】本题主要考查余弦定理的应用以及最值问题,属于难题.求最值的常见方法有①配方法:若函数为一元二次函数,常采用配方法求函数最值,其关键在于正确化成完全平方式,并且一定要先确定其定义域;②换元法:常用代数或三角代换法,用换元法求值域时需认真分析换元参数的范围变化;③不等式法;④单调性法;⑤图象法.本题(2)求值域时主要应用方法①求解的.三、解答题(本大题共6题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17. 已知数列的前项和.(1)求数列的通项公式;(2)求数列的前项和.【答案】(1)见解析;(2).【解析】试题分析:(1)当时,;当时,,对不成立,从而可得数列的通项公式;(2)当时,,当时,,利用裂项相消法可得,再验证时,是否成立即可.试题解析:(1)当时,;当时,,对不成立,所以数列的通项公式为.(2)当时,,当时,所以又时,符合上式,所以().【方法点晴】本题主要考查数列的通项公式与求和,以及裂项相消法求数列的和,属于中档题. 裂项相消法是最难把握的求和方法之一,其原因是有时很难找到裂项的方向,突破这一难点的方法是根据式子的结构特点,常见的裂项技巧:(1);(2);(3);(4);此外,需注意裂项之后相消的过程中容易出现丢项或多项的问题,导致计算结果错误......................18. 如图所示,已知三棱锥中,底面是等边三角形,且,分别是的中点.(1)证明:平面;(2)若,求二面角的余弦值.【答案】(1)见解析;(2).【解析】试题分析:(1)连接,因为是的中点,由等腰三角形及等边三角形的性质可得,从而利用线面垂直的判定定理可得结果;(2)先根据勾股定理证明与垂直,再以为轴建立空间直角坐标系,平面的一个法向量为,利用向量垂直数量积为零,列方程组求出平面的一个法向量,根据空间向量夹角余弦公式可求得二面角的余弦值.试题解析:(1)连接,因为,底面等边三角形,又因为是的中点,所以又因为,所以平面.(2)因为,由(1)可知,而,所以以为原点,以的方向为轴正方向建立空间直角坐标系,如图所示,则,,,,由题得平面的一个法向量为.设平面的一个法向量为所以,即令得所以,所以由题意知二面角为锐角,所以二面角的余弦值为.【方法点晴】本题主要考查线面垂直的判定定理以及利用空间向量求二面角,属于难题.空间向量解答立体几何问题的一般步骤是:(1)观察图形,建立恰当的空间直角坐标系;(2)写出相应点的坐标,求出相应直线的方向向量;(3)设出相应平面的法向量,利用两直线垂直数量积为零列出方程组求出法向量;(4)将空间位置关系转化为向量关系;(5)根据定理结论求出相应的角和距离.19. 伴随着智能手机的深入普及,支付形式日渐多样化,打破了传统支付的局限性和壁垒,有研究表明手机支付的使用比例与人的年龄存在一定的关系,某调研机构随机抽取了50人,对他们一个月内使用手机支付的情况进行了统计,如下表:(1)若以“年龄55岁为分界点”,由以上统计数据完成下面的列联表,并判断是否有的把握认为“使用手机支付”与人的年龄有关;(2)若从年龄在,内的被调查人中各随机选取2人进行追踪调查,记选中的4人中“使用手机支付”的人数为.①求随机变量的分布列;②求随机变量的数学期望.参考数据如下:0.05 0.010 0.0013.841 6.635 10.828参考格式:,其中【答案】(1)见解析;(2)①见解析.②见解析.【解析】试题分析:(1)根据表格中数据可完成列联表,利用公式:求得,与邻界值比较,即可得到结论;(2)①选中的人中“使用手机支付”的人数为的可能取值为利用组合知识,根据古典概型概率公式公式求出各随机变量对应的概率,从而可得分布列;②由①利用期望公式可得的数学期望.试题解析:(1)列联表如下:的观测值,所以有的把握认为“使用手机支付”与人的年龄有关.(2)①由题意,可知所有可能取值有0,1,2,3,,,,,所以的分布列是②.20. 已知点,过点作与轴平行的直线,点为动点在直线上的投影,且满足.(1)求动点的轨迹的方程;(2)已知点为曲线上的一点,且曲线在点处的切线为,若与直线相交于点,试探究在轴上是否存在点,使得以为直径的圆恒过点?若存在,求出点的坐标,若不存在,说明理由.【答案】(1);(2)见解析.【解析】试题分析:(1)设,由题得,则,,由化简即可得动点的轨迹的方程;(2)设点,,根据导数的几何意义,结合直线的点斜式方程可得直线的方程为,从而得点的坐标为,由恒成立得解得,进而可得结果.试题解析:(1)设,由题得又,∴,,由,得,即,∴轨迹的方程为.(2)设点,,由,得,∴,∴直线的方程为令,可得,∴点的坐标为,∴,(*)要使方程(*)对恒成立,则必有解得.即在轴上存在点,使得以为直径的圆恒过点,其坐标为.21. 已知函数.(1)若函数,试研究函数的极值情况;(2)记函数在区间内的零点为,记,若在区间内有两个不等实根,证明:.【答案】(1)见解析;(2)见解析.【解析】试题分析:(1)由求出,分三种情况讨论的范围,在定义域内,分别令求得的范围,可得函数增区间,求得的范围,可得函数的减区间,根据单调性可得函数的极值情况;(2)先证明,即在区间内单调递增,根据零点存在性定理,存在,使得,可得以,要证,只需证,即,记,其中,利用导数可证明单调递增,故当时,,即可得,进而可得结果.试题解析:(1)由题意,得,故,故,.令,得①当时,,或;,所以在处取极大值,在处取极小值.②当时,,恒成立,所以不存在极值;③当时,,或;,所以在处取极大值,在处取极小值.综上,当时,在处取极大值,在处取极小值;当时,不存在极值;时,在处取极大值,在处取极小值. (2),定义域为,,而,故,即在区间内单调递增又,,且在区间内的图象连续不断,故根据零点存在性定理,有在区间内有且仅有唯一零点.所以存在,使得,且当时,;当时,,所以当时,,由得单调递增;当当时,,由得单调递减;若在区间内有两个不等实根()则.要证,即证又,而在区间内单调递减,故可证,又由,即证,即记,其中记,则,当时,;当时,,故而,故,而,所以,因此,即单调递增,故当时,,即,故,得证.请考生在22、23二题中任选一题作答,如果都做,则按所做的第一题记分. 22. 选修4-4:坐标系与参数方程在平面直角坐标系中,已知圆:(为参数),以为极点,轴的正半轴为极轴,取相同的长度单位建立极坐标系,圆的极坐标方程.(1)分别写出圆的普通方程与圆的直角坐标方程;(2)设圆与圆的公共弦的端点为,圆的圆心为,求的面积.【答案】(1)见解析;(2)见解析.【解析】试题分析:(1)圆的参数方程利用平方法消去参数可得出圆的普通方程,,圆的极坐标方程两边同乘以利用即可得圆的直角坐标方程;(2)两圆的直角坐标方程相减可得公共弦所在直线方程为,利用点到直线距离公式及勾股定理求出弦长,由三角形面积公式可得结果.试题解析:(1)因为圆:(为参数),所以圆的普通方程是因为圆:,所以圆的直角坐标方程是.(2)因为圆:,圆:,两式相减,得,即公共弦所在直线为,所以点到的距离为,所以公共弦长为,所以.23. 选修4-5:不等式选讲已知均为正实数,且.(1)求的最大值;(2)求的最大值.【答案】(1)12;(2).【解析】试题分析:(1)利用柯西不等式可得,结合即可得的最大值;(2)原式,因为,从而可得结果.试题解析:(1),当且仅当,即时,取等号,故原式的最大值为12.(2)原式因为,当且仅当,即时,取等号所以原式,故原式的最大值为.。

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2018年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题
理数(二)
本试卷共6页,23题(含选考题)。

全卷满分150分。

考试用时120分钟。

注意事项:
1、答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2、选择题的作答:每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、填空题和解答题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。

第I 卷
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.已知i 为虚数单位,复数()12ai
a R i +∈-为纯虚数,则a 的值为 A .2-
B .12-
C .2
D .12
2.已知集合{}{}
()2
2log 3,450,R A x x B x x x A C B =<=-->⋂=则
A .[-1,8) B.(]05, C .[-1,5)
D .(0,8)
3.已知n S 是各项均为正数的等比数列{}n a 前n 项和,7153564,20a a a a S =+==,则 A .31
B .63
C .16
D .127
4.设向量)()(,,3,1,//a b x c b c a b b =
=-=-,若,则与的夹角为
A .30°
B .60°
C .120°
D .150°
5.大约2000多年前,古希腊数学家最先开始研究圆锥曲线,并获得了大量的成果,古希腊数学家阿波罗尼斯采用平面切割圆锥的方法来研究这几种曲线,用垂直于锥轴的平面去截圆锥,得到的是圆;把平面再渐渐倾斜得到椭圆.若用周长为24的矩形ABCD 截某圆锥得到椭圆Γ,且Γ与矩形ABCD 的四边相切.设椭圆Γ在平面直角坐标系中的方程为
()222210x y a b a b +=>>,测得Γ的离心率为2,则椭圆Γ的方程为 A .
22
1164
x y +=
B .2
214
x y +=
C .
22
16416
x y +=
D .22
154
x y += 6.已知某服装厂生产某种品牌的衣服,销售量()q x (单位:百件)关于每件衣服的利润x (单
位:元)的函数解析式为(
)1260
,020,190180,x x q x x ⎧<≤⎪
+=⎨⎪-<≤⎩
则当该服装厂所获效益最大时
A .20
B .60
C .80
D .40
7.已知,x y 满足不等式组240,20,130,x y x y z x y y +-≥⎧⎪
--≤=+-⎨⎪-≤⎩
则的最小值为
A.2
B.
C.
D.1
8.已知函数()2
110sin 10sin ,,22f x x x x m π⎡⎤=---∈-⎢⎥⎣⎦的值域为1,22⎡⎤
-⎢⎥⎣⎦
,则实数m 的取 A .,03π⎡⎤
-
⎢⎥⎣⎦
B .,06π⎡⎤
-
⎢⎥⎣⎦
C .,36ππ⎡⎤
-
⎢⎥⎣

D .,63ππ⎡⎤
-
⎢⎥⎣
⎦ 9.已知()2112n
x x x ⎛
⎫+- ⎪⎝
⎭的展开式中常数项为42-,则n =
A.10
B.8
C.12
D.11
10.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为
A .30π+
B .
803
π
+ C.
923
π
+
D .
763
π
+ 11.已知双曲线()22
22:10,0x y a b a b
Γ-=>>的左、右焦点分别为12,F F ,点P 是双曲线Γ
右支上一点,且212PF F F ⊥,过点P 作1F P 的垂线交x 轴于点A ,且22PM MF =,若PA 的中点E 在1F M 的延长线上,则双曲线Γ的离心率是
A .3
B .2+
C .1
D .4+12.已知函数()()()2
2
2f x x x
x
mx n =+++,且对任意实数x ,均有
()()33f x f x -+=--,若方程()f x a =有且只有4个实根,则实数a 的取值范围为
A .()16,9-
B .(]16,9-
C .(]16,0-
D .(]16,5--
第Ⅱ卷
本卷包括必考题和选考题两部分。

第13~21题为必考题,每个试题考生都必须作答。

第22~23题为选考题。

考生根据要求作答。

二、填空题:本题共4小题。

每小题5分。

13.已知圆心角为120°的扇形的圆心为O ,在其弧AB 上任取一点P ,则使AOP BOP ∠∠和同时大于50°的概率为_________.
14.已知直线,m n 和平面,αβ,且,m n αβ⊂⊂,则“//,//m n βα”是“//αβ”的_________条件.(填“充分不必要”“必要不充分”“充要”“既不充分也不必要”)
15.执行如图所示的程序框图,若输出的s=2017,则正整数
T=__________.
16.已知数列{}()12211,2,2,2
n n n a a a na n a +==+满足是
()22n n λ+的等差中项,若{}n a 为单调递增数列,则实数λ

取值范围为_________.
三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。

17.(本小题满分12分)
在△ABC 中,,,a b c 分别为内角A ,B ,C 的对边,向量)
(),,,cos ,m A a n b B =
=
2m n a ⋅=.
(1)求B ;
(2)若△ABC 外接圆的直径为()sin sin 2sin 2,B C A A ABC +-=∆求的面积.
18.(本小题满分12分)
在如图所示的多面体中,平面11ABB A ⊥平面ABCD ,四边形11ABB A 为边长为2的菱形,ABCD 为直角梯形,四边形11BCC B 为平行四边形,且AB ∥CD ,,1AB BC CD ⊥=.
(1)若E , F 分别为111,AC BC 的中点,求证:
EF ⊥平面11AB C ;
(2)若1160,A AB AC ∠=与平面ABCD 求二面角11A AC D --的余弦值.
19.(本小题满分12分)
某企业从某种型号的产品中抽取了N 件对该产品的某项指标E 的数值进行检测,将其整理成如图所示的频率分布直方图,已知数值在100~110的产品有21件.
(1)求N 和a 的值;
(2)规定产品的级别如下表:
已知一件C ,B ,A 级产品的利润分别为10,20,40元,以频率估计概率,现质检部门从该
批产品中随机抽取两件,两件产品的利润之和为X ,求X 的分布列和数学期望;
(3)为了了解该型号产品的销售状况,对该公司最近六个月内的市场占有率进行了统计,并绘制了相应的折线图,由折线图可以看出,可用线性回归模型拟合月度市场占有率y(%)与月份代码x 之间的关系.求y 关于x 的线性回归方程,并预测2017年4月份(即x =7时)的市场占有率.
(参考公式:回归直线方程为y bx a =+,其中
()()
()
1
2
1
,n
i
i
i n
i
i x x y y b a y bx x x ==--=
=--∑∑)
20.(本小题满分12分)
已知抛物线
()2
:202x py p y Γ=>=,直线与抛物线Γ交于A ,B(点B 在点A 的左侧)两
点,且AB =(1)求抛物线Γ在A ,B 两点处的切线方程;
(2)若直线l 与抛物线Γ交于M ,N 两点,且M ,N 的中点在线段AB 上,MN 的垂直平分线交y 轴于点Q ,求△QMN 面积的最大值.
21.(本小题满分12分)
已知函数,()()(),2,x
x
f x e mx
g x xf x e e =-=-+为自然对数的底数.
(1)若函数()f x 在点()()
1,1f 处的切线为()1,y e x n m n =-+,求的值; (2)当m>2时,若()[)0g x +∞在区间,上有两个零点()1212,x x x x <,
试判断124
ln ,,x x m e
+的大小关系.
请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分。

22.(本小题满分
10分)选修4—4:坐标系与参数方程
以平面直角坐标系的原点O 为极点,x 轴的正半轴为极轴,且两个坐标系取相等的长度单
位.已知直线l 的参数方程为,22
x y ⎧=⎪⎪⎨⎪=-+⎪⎩(t 为参数),曲线1C 的参数方
程为cos
,2sin
x
y αα⎧=⎪⎨
=⎪⎩(α为参数),曲线2C 的极坐标方程为[))0,2ρθπ=∈.。

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