【重点高中】宁夏银川一中2015届高三上学期第四次月考 理综物理 Word版含答案
宁夏银川市高三物理上学期第四次月考试题
宁夏银川市2018届高三物理上学期第四次月考试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在点电荷Q 形成的电场中，有M 、N 两点，如图所示．以下说法正确的是A ．M 点的场强大于N 点的场强B ．M 点的电势高于N 点的电势C ．将一正点电荷分别放在M 点和N 点，则该电荷在M 点电势能大D ．将一负点电荷分别放在M 点和N 点，则该电荷在M 点电势能大15．质量均匀分布的光滑球A 与B 通过轻绳连接，跨过两轻质定滑轮悬挂于平台两侧，初始状态A 球与水平面接触且有挤压，B 球悬于空中，如图所示，不计轻绳和滑轮间的摩擦，若A 发生均匀的少量膨胀后，两球仍能保持静止状态，则 A ．两球的质量不可能相等B ．水平面对平台一定有静摩擦力的作用C ．膨胀后平台侧面对A 弹力变小D ．膨胀后A 对地面压力会变大16．如图，一质量为m ，长度为l 的均匀柔软细绳PQ 竖直悬挂。
用外力将绳的下端Q 缓慢地竖直向上拉起至M 点，M 点与绳的上端 P 相距l 31。
重力加速度大小为g 。
在此过程中，外力做的功为 A ．mgl 91B ．mgl 61C ．mgl 31D ．mgl 2117．“天津之眼“是天津市的地标之一,是唯一一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮。
摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。
下列叙述正确的是 A ．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变 B ．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零 C ．在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力 D ．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变 18．一辆汽车从静止开始启动，其加速度a 与速度的倒数v1的关系如图所示，已知汽车的质量为m ，汽车启动过程受到的阻力恒定。
图中b 、c 、d 已知，则 A ．汽车启动过程的功率越来越大 B ．汽车启动过程的功率为cd mbM NQ a bcdOv1C ．汽车启动过程的最大速度为d 1D ．汽车启动过程受到的阻力为cd mgc-19．一质量为2 kg 的物块在合外力F 的作用下从静止开始沿直线运动。
2015年4月联考物理参考答案
2015年银川市石嘴山市高三年级四月联考试卷理科综合(物理部分)参考答案二．选择题（每小题6分）题号14 15 16 17 18 19 20 21 答案 A D C C B BC AD BD22题：（6分）（1）C （3分）（2）0.6 （3分）23题：（9分）（1）C（1分）； A（1分）； F（1分）。
（2）实验电路图：（3分）（3）伏安特性曲线：（2分）（4）小灯泡电阻随温度升高而增大（1分）24题解析： （12分）（1）行李包从B 端水平抛出后有221gt h =（2分） 运动时间t=0.3s （1分） 水平距离vt x = （2分）x=0.9m （1分）（2）方法一：由牛顿定律μmg=ma （2分）和运动学公式aL v v 2202=- （2分）解得L=2m （1分） 传送带的长度 m L 2≥ （1分） 方法二：由动能定理2022121mv mv mgL -=μ （5分） 解得m L 2≥ （1分） 25题解析：（20分）（1）到达轨道底端cd 时由牛顿定律：rv m m g m g 22=- （2分）解得gr v = （1分） 感应电动势 E BLv = （1分） 感应电流 EI R=（1分）所以 BL grI R=（1分） （2）由能量守恒定律得：212Q mgr mv =- （2分） 产生的焦耳热 12Q mgr = （1分）平均感应电动势 E tφ∆=∆ （1分） 平均感应电流 EI R=（1分） 通过R 的电荷量 q I t =⋅∆ （1分） 解得 BrLq R=（1分） （3）金属棒中产生正弦交变电流的有效值 02BLv I R=（2分） 在四分之一周期内产生的热量 22rQ I R v π=⋅（2分）由功能关系有F W mgr Q -= （2分） 解得拉力做的功为 2204F rB L v W mgr Rπ=+ （1分）33题解析：（15分） （1）（6分）ABD （2）（9分）解析：航天服内气体经历等温过程，P 1=1.0×105Pa ，V 1=2L,V 2=4L （1分）由玻已耳定律P 1 V 1= P 2 V 2 （3分） 得P 2=5.0×104Pa （1分） 设需要补充的气体体积为V ，将补充的气体与原航天服内气体视为一个整体，充气后的气压P 3=9.0×104Pa由玻已耳定律P 1（V 1+V ）= P 3 V 2 （3分） 得V=1.6L （1分）34题解析：（15分） （1）（6分）ABE （2）（9分）解析：①由几何关系可知入射角i=45°，折射角r=30° （2分）rin sin sin =（2分） 可得 2=n （1分） ②在玻璃砖中光速 ncv = （1分）光束经过SD 和玻璃砖内的传播时间相等有vBD c SD ︒=30sin （2分） 可得 SD = d （1分）35题解析：（15分） （1）（6分）BCD （2）（9分）①设A 、B 第一次碰撞后的速度大小分别为 v A1、v B1，向右为正方向，则由动量守恒定律得m B v 0＝m A v A1+m B v B1 （2分）A BCS30° DA 、B 第二次碰撞后的速度大小分别为v A2=0.9m/s 、v B2=1.2m/s ，取向左为正方向，由动量守恒定律可得m A v A1-m B v B1＝m A v A2+m B v B2 （2分） 联立解得v A1＝2m/s ，v B1＝1 m/s （1分） 对B 由动量定理得A 对B 的冲量I AB = m B v B1- m B v 0=-4 Ns 方向向左 （2分）②第二次碰撞过程中，系统损失的机械能J v m v m v m v m E B B A A B B A A 97.2)2121()2121(22222121=+-+=∆ （2分）。
宁夏银川一中高三物理上学期第四次月考试卷(含解析)新人教版
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)可能用到的相对原子质量（原子量）：H-1 O-16 S-32 C-12 N-14 Fe-56 Cu-64 Ba-137 一、选择题：本题包括13小题。
每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意。
1．如图表示在胰岛B细胞中，将胰岛素原分子的C段切除后加工成具有活性的胰岛素，并被包装在囊泡中的过程。
胰岛素和C段肽链在被排出胰岛B细胞前，一直贮存在此囊泡中。
该过程发生的场所应是A. 核糖体B. 高尔基体C. 胞核D. 细胞质基质2．哺乳动物红细胞的部分生命历程如下图所示，图中除成熟红细胞外，其余细胞中均有核基因转录的RNA，下列叙述正确的是：A. 造血干细胞与幼红细胞中基因的执行情况相同B. 成熟红细胞除进入凋亡历程外还可能发生癌变C. 网织红细胞仍然能够合成核基因编码的蛋白质D. 成熟红细胞衰老后控制其凋亡的基因开始表达3．有关人的同一个体中细胞有丝分裂和减数第二次分裂的叙述，正确的是A. 前者有同源染色体2N对，后者有N对B. 两者的姐妹染色单体都是在末期消失的C. 两者导致染色体数目变化的原因相同D. 两者的细胞周期都有间期和分裂期组成4．现有某作物种质资源包括: ①高产、感病；②低产、抗病；③高产、晚熟等纯合品种。
为满足不同地区及不同环境条件下的栽培需求，育种专家要培育3类品种：a.高产、抗病；b.高产、早熟；c.高产、抗旱。
下述育种方法可行的是A. 利用①、③品种间杂交筛选获得aB. 对品种③进行染色体加倍处理筛选获得bC. a、b和c的培育只能采用诱变育种的方法获得D. 用转基因技术将外源抗旱基因导入③中获得c5．现代生物进化理论关于影响和改变种群基因频率的叙述正确的是A. 环境条件稳定，种群基因频率就不会改变B. 基因突变定会导致种群基因频率发生改变C. 染色体数目变异不能引起种群基因频率发生改变D. 自然选择是通过作用于个体而影响种群基因频率的 6. 有关生物体生命活动调节的表述，正确的是A. 摄入高糖食品→人体胰岛素分泌增加→血糖水平回落B. 病毒感染→人体T 细胞分泌特异性抗体→清除病毒C. 单侧光照→植物背光侧生长素合成增加→向光弯曲D. 外界温度降低→哺乳动物大脑皮层中枢兴奋→体温稳定 7．化学无处不在，下列与化学有关的说法，正确的是 A ．纤维素在人体内可水解为葡萄糖，故可作人类的营养物质 B ．侯氏制碱法的工艺过程中应用了物质溶解度的差异 C ．碘是人体必须微量元素，所以要多多吃富含高碘酸的食物 D ．氯化铝是一种电解质，可用于电解法制铝 8．下列物质分类正确的是A ．SO 2、SiO 2、 CO 均为酸性氧化物B ．稀豆浆、硅酸、氯化铁溶液均为胶体C ．烧碱、冰醋酸、四氯化碳均为电解质D ．福尔马林、水玻璃、氨水均为混合物 9．设N A 为阿伏加德罗常数。
宁夏银川一中高三上学期第四次月考 理综物理 Word版含
CABθ银川一中2015届高三年级第四次月考理科综合试卷（物理）本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 14. 下列说法正确的是A. 速度变化越快的物体惯性越小B. 物体做曲线运动的条件是所受合外力的方向和速度的方向既不垂直也不在一条直线上C. 学校餐厅的吊扇在工作时向下推压空气，空气对吊扇产生向上的推力，减轻了吊杆对吊扇的拉力，所以，即使吊杆略有松动也是安全的。
D. 用弹簧连接两个小球A 和B ，其中弹簧对A 的弹力和弹簧对B 的弹力是一对平衡力。
15．将两个质量均为m 的小球a 、b 用细线相连后，再用细线悬挂于O 点，如图所示。
用力F 拉小球b ，使两个小球都处于 静止状态，且细线Oa 与竖直方向的夹角保持θ=60°，则 F 的最小值为A ． 3 mg/3B ．3mgC ． 3 mg/2D ．mg/216．如图所示，固定斜面倾角为θ，整个斜面分为AB 、BC 两段，且1.5AB=BC ．小物块P （可视为质点）与AB 、BC 两段斜面之间的动摩擦因数分别为μ1、μ2．已知P 由静止开始从A 点释放，恰好能滑动到C 点而停下，那么θ、μ1、μ2间应满足的关系是A ．tanθ= 53221μμ+ B ．tanθ= 2μ1+μ23C ．tanθ=2μ1－μ2D ．tanθ=2μ2－μ117．如图所示，不带电的金属球A 固定在绝缘底座上，在它的正上方B 点，有 带电液滴不断地从静止开始下落 (不计空气阻力)，液滴到达A 球后将电荷 量全部传给A 球，设前一液滴到达A 球后，后一液滴才开始下落，不计B 点未下落的带电液滴对已下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是 A ．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A 球 B ．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C ．能够下落到A 球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D ．所有液滴下落过程中电场力做功相等18．在测电源电动势和内阻的试验中得到的实验图线如图所示，图中U 为路端电压，I 为干路电流。
宁夏回族自治区银川一中高三物理上学期第四次月考试题
U /VI /A42Oab 银川一中2016届高三年级第四次月考物理试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
二．选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求；第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．物体作直线运动，速度图象如右图．由图象可以判断A ．第1s 末物体的速度方向发生改变B ．第2s 末物体的加速度方向发生改变C ．第3s 末和第5s 末物体的位置相同D ．前2s 物体的位移为零15．地球半径为R ，距地心高为H 有一颗同步卫星，有另一个半径为3R 的星球，距该星球球心高度为3H 处也有一颗同步卫星，它的周期为72h ，则该星球的平均密度与地球的平均密度的比值为A ．3∶1B ．1∶3C ．9∶1D ． 1∶916．一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1 m/s 。
从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F ，力F 和滑块的速度v 随时间的变化规律分别如图a 和图b 所示。
设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F 对滑块做的功分别为W 1、W 2、W 3则以下关系正确的是 A ．123W W W <<B ．123W W W ==C ．132W W W <<D ．123W W W =<17．如图，a 、b 分别表示一个电池组和一只电阻R 的伏安特性曲线．用该电池组直接与电阻R 连接成闭合电路，则以下说法正确的是 A ．电池组的内阻是0.33Ω B ．电阻的阻值为1Ω C ．电池组的输出功率将是4WV 2V 1L 1L 2L 3Pa cb PQD ．改变电阻R 的阻值时，该电池组的最大输出功率为4W18．如图所示，在y 轴上关于O 点对称的A 、B 两点有等量同种点电荷+Q ，在x 轴上C 点有点电荷－Q ，且CO =OD ，∠ADO =60°．下列判断正确的是 A ．O 点电场强度为零 B ．D 点电场强度为零C ．若将点电荷－q 从O 移向C ，电势能增大D ．若将点电荷+q 从O 移向C ，电势能增大19．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab ＝U bc ，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知 A ．三个等势面中，a 的电势最低B ．带负电的质点通过P 点时的电势能较Q 点大C ．带负电的质点通过P 点时的动能较Q 点大D ．带负电的质点通过P 点时的电场强度较Q 点小20．如图所示，电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P 点恰好处于静止状态．现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离则A ．带电油滴的电势能将增大B ．P 点的电势将降低,两极板间的电势差不变C ．平行板之间的电场强度增大，平行板所带电荷量也增大D ．电容器的电容增大,带电油滴将沿竖直方向向上运动21．如图所示，电源电动势为E ，内电阻为r ．当滑动变阻器的触片P 从右端滑到左端时，发现理想电压表V 1、V 2示数变化的绝对值分别为ΔU 1和ΔU 2，下列说法中正确的是 A ．小灯泡L 3变暗，L 1、L 2变亮 B ．小灯泡L 1、L 3变暗，L 2变亮 C ．ΔU 1<ΔU 2 D ．ΔU 1>ΔU 2第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
宁夏银川一中2015届高考物理一模试卷
宁夏银川一中2015届高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．1．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是( )A．法拉第根据电流的磁效应现象得出了法拉第电磁感应定律B．卡文迪许发现了电荷之间的相互作用规律，并测出了静电力常量k的值C．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律D．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量2．如图所示，轻质弹簧一端系在质量为m=1kg的小物块上，另一端固定在墙上．物块在斜面上静止时，弹簧与竖直方向的夹角为37°，已知斜面倾角θ=37°，斜面与小物块间的动摩擦因数μ=0.5，斜面固定不动．设物块与斜面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，下列说法正确是( )A．小物块可能只受三个力B．弹簧弹力大小一定等于4NC．弹簧弹力大小可能等于5N D．斜面对物块支持力可能为零3．一辆跑车在行驶过程中的最大输出功率与速度大小的关系如图，已知该车质量为2×103kg，在某平直路面上行驶，阻力恒为3×103N．若汽车从静止开始以恒定加速度2m/s2做匀加速运动，则此匀加速过程能持续的时间大约为( )A．8s B．14s C．26s D．38s4．理论研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍．火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星表面．已知引力常量为G，火星的半径为R．若不考虑火星自转的影响，要探测器脱离火星飞回地球，则探测器从火星表面的起飞速度至少为( )A．7.9km/s B．11.2km/s C．D．5．空间存在着沿竖直方向的各处均匀的磁场，将一个不变形的单匝金属圆线圈放入磁场中，如图甲所示，设甲图中线圈中磁感应强度的方向和感应电流的方向为正方向．要想在线圈中产生如图乙所示的感应电流，图丙中能正确表示线圈中磁感应强度随时间变化的图线是( )A．B．C．D．6．如图所示，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电线送给用户（电灯等用电器），R表示输电线的电阻，则( )A．用电器增加时，变压器输出电压增大B．要提高用户的电压，滑动触头P应向上滑C．用电器增加时，输电线的热损耗减少D．用电器增加时，变压器的输入功率增加7．位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，ab、cd分别是正方形两条边的中垂线，O点为中垂线的交点，P、Q分别为cd、ab上的点．则下列说法正确的是( )A．P、O两点的电势关系为φP=φOB．P、Q两点电场强度的大小关系为E Q＜E PC．若在O点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力不为零D．若将某一负电荷由P点沿着图中曲线PQ移到Q点，电场力做负功8．1932年，劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器．回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直．A处粒子源产生的粒子，质量为m、电荷量为+q，在加速器中被加速，加速电压为U．实际使用中，磁感应强度和加速电场频率都有最大值的限制．若某一加速器磁感应强度和加速电场频率的最大值分别为B m、f m，加速过程中不考虑相对论效应和重力作用( )A．粒子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比：1B．粒子从静止开始加速到出口处所需的时间C．如果f m＞，粒子能获得的最大动能为2mπ2R2f m2D．如果f m＜，粒子能获得的最大动能为2mπ2R2f m2三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9-13题为必考题，每个试题考生都作答；第14题-19题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．某同学用如图1所示的装置测定重力加速度：实验中所用电源的频率为50Hz，实验中在纸带上连续打出点1、2、3、…、9，如图2所示，由纸带所示数据可算出实验时重物下落的加速度为__________m/s2．（结果保留三位有效数字）10．下面是一些有关高中物理实验的描述，其中正确的是( )A．在“研究匀变速直线运动”实验中，不需要平衡摩擦力B．在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须用天平测物体的质量C．在“验证力的平行四边形定则”实验中，只用一根弹簧秤无法完成D．在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功E．在用欧姆表“×10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“×1”挡进行测量11．半导体压阻传感器已经广泛地应用于航空、化工、航海、动力和医疗等部门，它们是根据“压阻效应”：就是某些固体材料受到外力后除了产生形变，其电阻率也要发生变化的现象．现用如图1所示的电路研究某长薄板电阻R x的压阻效应，已知R x的阻值变化范围为几欧到几十欧，实验室中有下列器材A．电源E（3V，内阻约为1Ω）B．电流表A1（0.6A，内阻r1=5Ω）C．电流表A2（0.6A，内阻r2约为1Ω）D．开关S，定值电阻R0png_iVBORw0KGgoAAAANSUhEUgAAAc8AAADOCAYAAABYU4k6AAAAAXNSR0IArs4c6QAAAARnQU1BAACx jwv8YQUAAAAJcEhZcwAADsMAAA7DAcdvqGQAAKemSURBVHhe7d0HmF1F2QfwIEV AkN47SpFelBKkC9JUOugH0ns UEAQFQQEpUhTpvYMoKChNQAEpAYKIUkNC7yX0ToD57u/sTjJ79+7eM3dLNuH885xnc8+cOWXa298ZFCpUqFChQoU KWaiIZ4UKFSpUqJCJinjWMHz48HD33XeHjz76qP1MhQoVKlSo0DU+98TznXfeCRtttFFYeOGFw8MPP9x+tkKFChUqVOg an3vi+corr4RlllkmzDjjjOGmm25qP1uhQoUKFSp0jc898Xz11VfDcsstVxDPW2+9tf1shQoVKlSo0DUGBPF8//33w4MPPhgeeu ihcN9994VHHnkkPPXUU+GDDz5ov6LvEInnzDPPHO666672s63h008/DZ999ln7rwoVKlSoMKFiQBDPt956KwwZMiR8+ctf 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2015年宁夏银川一中高考物理四模试卷
2015年宁夏银川一中高考物理四模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列说法正确的是（）A.在物理问题的研究中，如果不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B.牛顿认为在足够高的山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落到地球上C.把电容器的电量Q和两极板间的电压U的比值定义为电容，是基于该比值的大小取决于电量Q和电压U，且它能反映电容器容纳电荷的本领D.牛顿利用了斜面实验证实了力是改变物体运动状态的原因【答案】B【解析】解：A、在物理问题的研究中，如果不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想化模型法，故A错误．B、牛顿认为在足够高的高山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落回地球上，绕地球做圆周运动．故B正确．C、把电容器的电量Q和两极板间的电压U的比值定义为电容，电容能反映电容器容纳电荷的本领，由电容器本身决定，与电量Q和电压U无关，故C错误．D、伽利略利用了斜面实验证实了力是改变物体运动状态的原因．故D错误．故选：B．质点是理想化物理模型．牛顿提出了卫星的设想．电容反映电容器容纳电荷的本领，与电量和电压无关．伽利略利用了斜面实验证实了力是改变物体运动状态的原因．解决本题的关键要掌握物理上常用的研究方法：理想化模型法、比值定义式、理想实验法、假设法．2.为了使乘客乘车更为舒适，高三年级某班合作小组设计一种新的座椅，此座椅可以随着路面坡度的变化而自动调整，使得座椅上表面始终保持水平，如图所示，当此车加速下坡时，一位乘客正盘腿坐在座椅上，则下列说法正确的是（）A.乘客所受到的合外力可能竖直向下B.支持力可能大于重力C.若乘客未接触座椅靠背，则应受到向前（水平向左）的摩擦力作用D.乘客处于超重状态【答案】C【解析】解：A、B、当此车加速下坡时，整体的加速度沿斜面向下，所以乘客所受到的合外力沿斜面向下，故A错误；B、由于乘客有竖直向下的分加速度，对乘客竖直方向进行受力分析，乘客受重力，支持力，所以支持力可能小于重力，故B错误；C、由于乘客有水平向左的分加速度，若乘客未接触座椅靠背，则应受到向前（水平向左）的摩擦力作用，故C正确；D、整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态．故D错误；故选：C．当此车加速下坡时，整体的加速度沿斜面向下，对乘客进行受力分析，根据加速度方向知道合力方向，根据合力方向确定摩擦力方向．解决本题的关键知道乘客和车具有相同的加速度，通过汽车的加速度得出乘客的加速度．以及能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解．3.如图所示，一质量为M=3kg的铁块套在倾斜放置的杆上，铁块与杆之间的动摩擦因数μ=，且最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等．杆与水平方向成θ=60°角，一轻绳一端连接在铁块上，一端连在一质量m=2kg的小球上，一水平力F作用在小球上，连接铁块与绳的轻绳与杆垂直，铁块和小球都处于静止状态，取g=10m/s2．则（）A.拉力F的大小为10NB.铁块所受的摩擦力大小为15NC.若将F在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过300，此过程中铁块受到的摩擦力逐渐减小D.若将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断，则铁块受到的摩擦力将减小【答案】D【解析】解：A、B球处于平衡状态，对B球受力分析，根据平衡条件得：°，解得：F=20×=20，故A错误；B、铁块处于平衡状态，对铁块进行受力分析，根据平衡条件得：f=M gcos30°=30×=15N，故B错误；C、将F在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过30°的过程中，绳子的拉力变化不影响沿斜面方向的力，所以摩擦力仍然等于重力沿斜面的分量，不变，故C错误；D、将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断后，最大静摩擦力°=7.5N＜M gcos30°，则铁块开始滑动，摩擦力大小为7.5N，变小，故D正确．故选：DB球和铁块都处于平衡状态，对B球受力分析，根据平衡条件列式即可求解F及铁块所受的摩擦力大小，将F在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过30°的过程中，绳子的拉力变化不影响沿斜面方向的力，所以摩擦力仍然等于重力沿斜面的分量，不变，将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断后，分析铁块的受力情况，判断铁块的运动情况即可求解．本题的关键是能正确分析B球和铁块的受力情况，根据平衡条件列式求解，注意D答案要先考虑铁块所处的运动状态，难度适中．4.如图所示，两颗卫星围绕着质量为M的中心星体做匀速圆周运动．若两颗卫星和中心星体始终在同一直线上，两颗卫星间的作用及其他星体对两颗卫星的作用均忽略不计，则下列判断正确的是（）A.两颗卫星的轨道半径相等B.两颗卫星的向心加速度相同C.两颗卫星的向心力大小相等D.两颗卫星的动能相等【答案】A【解析】解：A、由“两颗卫星和中心星体始终在同一直线上”得知两颗卫星的角速度ω相等，根据=mω2r，得r=，可见两颗卫星的轨道半径相等，选项A正确；B、由a=ω2r得向心加速度大小a1=a2，但方向相反，选项B错误；C、由万有引力提供向心力即F向=知，F向与卫星的质量m有关，由于两颗卫星的质量关系不确定，选项C错误；D、根据得卫星的动能E k=与m有关，选项D错误．故选：A“两颗卫星和中心星体始终在同一直线上”得知两颗卫星的角速度ω相等，根据万有引力提供向心力角速度公式求出半径，根据a=ω2r得向心加速度，根据向心力公式可知，向心力与星球质量有关．本题主要考查了万有引力提供向心力公式得直接应用，抓住“两颗卫星和中心星体始终在同一直线上”得知两颗卫星的角速度ω相等求解，特别注意向心加速度是矢量，有方向，难度适中．5.如图所示，同一竖直面内有上下两条用相同材料做成的水平轨道MN、PQ，两个完全相同的物块A、B放置在两轨道上，A在B物块正上方，A、B之间用一细线相连．在细线的中点O施加拉力，使A、B一起向右做匀速直线运动，则F的方向是（图中②表示水平方向）（）A.沿①方向B.沿②方向C.沿③方向D.沿①②③方向都可以【答案】C【解析】解：力的作用点是在细线的中点，而且物块A在B的正上方，所以三角形ABO是等腰三角形，且AB在竖直方向，所以AO与BO与水平方向的夹角相等．因为A对水平轨道的正压力大于B对水平轨道的正压力，所以水平面对A的摩擦力大于水平面对B的摩擦力，由题意细线AO受到的拉力必须大于BO受到的拉力，所以F的方向只能是③方向．故C正确，A、B、D错误．故选C．对A、B两物体分析，抓住A、B对水平轨道的正压力不同，导致摩擦力不等，根据水平方向上平衡，得出AO、BO拉力的大小，从而确定拉力F的方向．解决本题的关键知道滑动摩擦力与正压力成正比，通过摩擦力的大小得出绳子拉力的大小，从而确定拉力的方向．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图所示，一位同学玩飞镖游戏．圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L．当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动．忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（）A.飞镖击中P点所需的时间为B.圆盘的半径可能为C.圆盘转动角速度的最小值为D.P点随圆盘转动的线速度可能为【答案】AD【解析】解：A、飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此t=，故A正确．B、飞镖击中P点时，P恰好在最下方，则2r=，解得圆盘的半径r=，故B错误．C、飞镖击中P点，则P点转过的角度满足θ=ωt=π+2kπ（k=0，1，2…）故ω==，则圆盘转动角速度的最小值为．故C错误．D、P点随圆盘转动的线速度为v=ωr=•=当k=2时，v=．故D正确．故选：AD．飞镖做平抛运动的同时，圆盘上P点做匀速圆周运动，恰好击中P点，说明A点正好在最低点被击中，则P点转动的时间t=（2n+1），根据平抛运动水平位移可求得平抛的时间，两时间相等联立可求解．本题关键知道恰好击中P点，说明P点正好在最低点，利用匀速圆周运动的周期性和平抛运动规律联立求解．7.如图所示，电流表A1（0～3A）和A2（0～0.6A）是由两个相同的电流表改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）A.A1、A2的读数之比为1：1B.A1、A2的读数之比为5：1C.A1、A2的指针偏转角度之比为1：1D.A1、A2的指针偏转角度之比为1：5【答案】BC【解析】解：图中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为1：1；量程不同的电流表读数不同，电流表A1的量程为3A，A2的量程为0.6A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为5：1，故BC正确．故选BC电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．三、单选题(本大题共1小题，共6.0分)8.一带电液滴质量为m，带电量为+q以初速度v0与水平方向成30°射向空间一匀强电场区域，液滴恰做直线运动，如图所示，重力加速度为g，则（）A.液滴一定做匀变速直线运动B.匀强电场的最小场强的大小C.若场强E=，小球有可能运动的最大距离为D.若场强E=，并做匀变速直线运动，取小球在初始位置的电势能为零，则小球电势能的最大值为【答案】C【解析】解：A、液滴恰做直线运动，若电场力与重力大小相等，方向相反，则液滴做匀速直线运动．故A错误；B、小球恰好作直线运动，则其合力方向与速度方向在同一直线上，作出力的合成图如图，由图可知，当电场力q E与速度方向垂直时，电场力最小，电场力最小值，则有：q E min=mgsin30°得到，电场强度的最小值为E min=，由于小球带正电，则此场强方向垂直直线向上，即斜向左上方，与水平方向成30度．故B错误；C、若场强E=，电场强度的方向可能向右上方如图，也可能水平向左（未画出）；若水平向左，则合力的大小为2mg，小球的加速度的大小为2g，所以小球有运动的最大距离为．故C正确；D、若场强E=，并做匀变速直线运动，则电场的方向如图，则小球受到的合力大小为mg，加速度的大小为g，由运动学的公式可知，小球向上运动的最大位移为：；取小球在初始位置的电势能为零，则小球电势能的最大值为°=．故D错误．故选：C小球恰好作直线运动，合力方向与速度方向在同一直线上，运用作图法分析电场力的最小值和方向，确定场强的大小及方向．该题中，由于电场的方向未知，所以要结合题目中提供的条件，判断出电场瓶内的方向，所以解答本题关键要掌握小球做直线运动的条件：合力方向与速度方向共线，运用作图法得到电场力的最小值．七、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.体积相同的玻璃瓶A、B分别装满温度为60℃的热水和0℃的冷水（如图所示）下列说法正确的是（）A.由于温度是分子平均动能的标志，所以A瓶中水分子的平均动能比B瓶中水分子的平均动能大B.由于温度越高，布朗运动愈显著，所以A瓶中水分子的布朗运动比B瓶中水分子的布朗运动更显著C.若把A、B两只玻璃瓶并靠在一起，则A、B瓶内水的内能都将发生改变，这种改变内能的方式叫热传递D.由于A、B两瓶水的体积相等，所以A、B两瓶中水分子的平均距离相等E.已知水的相对分子量是18，若B瓶中水的质量为3kg水的密度为1.0×103kg/m3，阿伏伽德罗常数N A=6.02×1023mol-1，则B瓶中水分子个数约为1.0×1026个【答案】ACE【解析】解：A、温度是分子平均动能的标志，A的温度高，故A的分子平均动能大，故A正确．B、布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的无规则运动，不是水分子的运动，两瓶中不存在布朗运动，故B错误．C、若把A、B两只玻璃瓶并靠在一起，则A、B瓶内水的内能都将发生改变，热量会由A传递到B，这种改变内能的方式叫热传递，故C正确．D、分子平均距离与温度有关，相同体积不同温度时水分子的平均距离不同，故D错误．E、已知B瓶中水的质量为m=3kg，水的密度为ρ=1.0×103kg/m3，水的体积：V==3×10-3m3；水的分摩尔质量是M=18g/mol，一个水分子的体积：V0==≈3×10-29m3；水分子的个数：n==1×1026个，故E正确．故选：ACE．温度是分子平均动能的标志，水分子数与AB瓶内水的体积有关，内能也与水的体积有关，相同体积不同温度水分子的个数不同，平均距离就不同，故平均距离与温度有关．已知B瓶中水的质量，水的密度和阿伏加德罗常数，根据它们之间的关系式即可计算水分子数．本题重点是要知道不单是分子平均动能与温度有关，分子的平均距离与温度也有关系．要计算分子数往往先计算摩尔数．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.下列说法中正确的有（）A.不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的B.水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象C.在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D.声源向静止的观察者运动，观察者接收到的频率小于声源的频率E.未见其人先闻其声，是因为声波波长较长，容易发生衍射现象【答案】ABE【解析】解：A、根据相对认原理可知，不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的．故A正确．B、水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象．故B正确．C、在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射原理．故C错误．D、声源向静止的观察者运动时，产生多普勒效应，则观察者接收到的频率大于声源的频率．故D错误．E、未见其人先闻其声属于声波的衍射．是因为声波波长较长，容易发生衍射现象．故E正确．故选：ABE不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的．水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象．在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象．声源向静止的观察者运动，观察者接收到的频率大于声源的频率．声波波长较长，容易发生衍射现象．考查相对论中的光速不变原理，掌握光的干涉与衍射的不同，理解光的偏振的用途，知道多普勒效应现象，掌握间距变化的，导致接收频率如何变化，注意发出频率是不变的．十一、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列说法正确的是（）A.图甲中，当弧光灯发出的光照射到锌板上时，与锌板相连的验电器铝箔有张角，证明光具有粒子性B.如图乙所示为某金属在光的照射下，光电子最大初动能E k与入射光频率v的关系图象，当入射光的频率为2v0时，产生的光电子的最大初动能为EC.图丙中，用从n=2能级跃迁到n=l能级辐射出的光照射逸出功为6.34e V的金属铂，不能发生光电效应D.丁图中由原子核的核子平均质量与原子序数Z的关系可知，若D和E能结合成F，结合过程一定会释放能量E.图戊是放射性元素发出的射线在磁场中偏转示意图，射线c是β粒子流，它产生的机理是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的【答案】ABD【解析】解：A、与锌板相连的验电器的铝箔相互张开，说明光照射到锌板上发生光电效应，从锌板上有光电子逸出，光电效应说明光具有粒子性．故A正确；B、根据光电效应方程有：E K=hv-W其中W为金属的逸出功：W=hv0所以有：E K=hv-hv0，由此结合图象可知，该金属的逸出功为E，或者W=hv0，当入射光的频率为2v0时，带入方程可知产生的光电子的最大初动能为E，故B正确；C、图丙中，用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34e V的金属铂，光子的能量为：△E=E2-E1=-3.4-（-13.6）=10.2e V大于金属铂的逸出功，所以能发生光电效应．故C错误；D、丁图中由原子核的核子平均质量与原子序数Z的关系可知，若D和E能结合成F，核子的平均质量减小，则总质量减小，所以结合过程一定会释放能量．故D正确；E、图戊是放射线在磁场中偏转示意图，根据左手定则可知，射线c是β粒子流，它是原子核发生β衰变的过程中，由中子转化为一个质子与一个电子时形成的．故E错误．故选：ABD弧光灯照射锌板发生光电效应现象，飞出的光电子对应着一种波，这种波叫物质波，光电效应现象说明光具有粒子性；根据E K=hv-h V c，入射光的频率为2V c时，即可求出最大初动能；根据左手定则判断出β粒子，然后由β衰变的本质解答．该题考查光电效应、原子核的核子平均质量与原子序数Z的关系、左手定则以及β衰变的本质，解题的关键知道光既具有粒子性，也具有波动性，衍射干涉说明光具有波动性，光电效应、康普顿效应说明光具有粒子性．四、计算题(本大题共1小题，共6.0分)9.利用图（a）实验可粗略测量人吹气产生的压强．两端开口的细玻璃管水平放置，管内塞有潮湿小棉球，实验者从玻璃管的一端A吹气，棉球从另一端B飞出，测得玻璃管内部截面积S，距地面高度h，棉球质量m，开始时的静止位置与管口B的距离x，落地点C与管口B的水平距离l．然后多次改变x，测出对应的l，画出l2-x关系图线，如图（b）所示，并由此得出相应的斜率k．（1）若不计棉球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物理量可得，棉球从B端飞出的速度v0= ______ ．（2）假设实验者吹气能保持玻璃管内气体压强始终为恒定值，不计棉球与管壁的摩擦，重力加速度g，大气压强p0均为已知，利用图（b）中倾斜直线的斜率k可得，管内气体压强p= ______ ．（3）考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，则（2）中得到的p与实际压强相比______ （填“偏大”或“偏小”）．【答案】l；p0+；偏小【解析】解：（1）棉球从B端飞出做平抛运动，根据平抛运动的基本公式得：l=v0t，h=解得：v0=l（2）设玻璃管内气体压强始终为p，不计棉球与管壁的摩擦，对棉球从静止到B点的运动过程运用动能定理得：（p-p0）S x=（p-p0）S x=所以l2==kx所以解得：p=p0+（3）考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，设摩擦力为f，所以除了压力做功外，摩擦力对棉球做负功，再运用动能定理得：（p实-p0）S x-fx=l2=实=kx所以实解得：p实=p0+很明显，（2）中得到的p与实际压强相比偏小．故答案为：l；p0+；偏小．（1）棉球从B端飞出做平抛运动，可以根据平抛运动的基本公式解出速度v0；（2）根据压强公式求出压力F，运用动能定理求出l2-x的关系，其斜率等于k，这样就可以求出管内气体压强p；（3）考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，所以除了压力做功外，摩擦力对棉球做负功，再运用动能定理求出l2-x的关系，其斜率等于k，这样就可以比较压强偏大还是偏小．该题考查了平抛运动的基本规律与压强的相关计算，要求同学们学会熟练运用动能定理解题，比较简洁、方便，本题难度不大．五、实验题探究题(本大题共1小题，共9.0分)10.为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻R L，实验室提供以下器材：（A）待测线圈L（阻值小于10Ω，额定电流2A）（B）电流表A1（量程0.6A，内阻r1=0.2Ω）（C）电流表A2（量程3.0A，内阻r2约为0.2Ω）（D）滑动变阻器R1（0～10Ω）（E）滑动变阻器R2（0～1kΩ）（F）定值电阻R3=10Ω（G）定值电阻R4=100Ω（H）电源（电动势E约为9V，内阻很小）（I）单刀单掷开关两只S1、S2，导线若干．要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表和A2表的读数I1、I2，然后利用给出的I2-I1图象（如图乙所示），求出线圈的电阻R L．（1）实验中定值电阻应选用（填仪器前的字母序号）______ ，滑动变阻器应选用（填仪器前的字母序号）______ ．（2）请你画完图甲方框中的实验电路图．（3）由I2-I1图象，求得线圈的直流电阻R L= ______ Ω．（保留两位有效数字）（4）实验结束后应先断开电键______ 然后再断开电键______ ．【答案】F；D；2.0；S2；S1【解析】解：（1）测量线圈的电阻一般采用伏安法，为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，可与电表串联一个开关．由于待测线圈L的阻值约为2Ω，额定电流为2A，最大电压为4V，而电源电动势为9V，所以定值电阻选F：R3、滑动变阻器选D：R1即可．（2）由于本实验尽可能大的范围内测得数据，所以必须采用滑动变阻器的分压接法；电流表A2的量程大，所以电流表A2外接电路进行测量，电路如图所示．（3）由电路图知自感线圈两端的电压与下边支路电压相等，所以I1（R1+r1）=（I2-I1）R L，解得：R L=（R1+r1），从I1--I2图象上选取一组数据，如（0.3，1.8）代入公式解得：R L=2.0Ω．（4）实验结束时为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，应先断开开关S2．才能断开S1；④故答案为：①F；D；②电路图如图所示；③2.04；④S2；S1（1）测量线圈自感很大，连接实物图时要考虑到保护电路，通过对电压和电流的分析，选择滑动变阻器和定值电阻；（2）根据题意确定滑动变阻器与电流表接法，然后完成实验电路．（3）根据部分电路的欧姆定律可表示出通过两个电表的电流关系，根据两个电流表示数的关系可求出电感线圈的电阻．（4）实验中要保护电流表A1，从而判断先断开哪个电键．本题的关键是据实验要求进行仪器的选择和滑动变阻器的解法的选择；要求电流或电压的测量值从零或很小开始逐渐增大的实验必须采用分压电路，且分压电路中滑动变阻器选择阻值较小的；仪器的选择应遵循安全性、精确性、节能性、方便性原则综合考虑，灵活择取六、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图（甲）所示，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于纸面，在纸面内固定一条以O 点为圆心、半径为L的圆弧形金属导轨，长也为L的导体棒OA绕O点以角速度ω匀速转动，棒的A端与导轨接触良好，OA、导轨、电阻R构成闭合电路．（1）试根据法拉第电磁感应定律E=n，证明导体棒产生的感应电动势E=BωL2．（2）某同学设计了一种带有闪烁灯的自行车后轮，如图（乙）所示．车轮与轮轴之间均匀地连接4根金属条，每根金属条中间都串接一个小灯，阻值为R=0.3Ω并保持不变，车轮半径r1=0.4m，轮轴半径可以忽略．车架上固定一个强磁铁，可形成圆心角为θ=60°的扇形匀强磁场区域，磁感应强度B=2.0T，方向如图（乙）所示．若自行车前进时，后轮顺时针转动的角速度恒为ω=10rad/s，不计其它电阻和车轮厚度．求金属条ab进入磁场时，ab中感应电流的大小和方向．（计算时可不考虑灯泡的大小）【答案】解：（1）设金属棒OA在△t时间内扫过的面积为△S，则：磁通改变量为：根据法拉第电磁感应定律得到为：（2）根据右手定则知：ab中的电流方向为b→a，ab相当于电源，电动势：。
宁夏银川九中2015届高三物理上学期第四次月考试题
宁夏银川九中2015届高三物理上学期第四次月考试题本试卷分第I 卷〔选择题〕和第II 卷〔非选择题〕两局部。
考试完毕后，只将答题卡交回。
第I 卷〔共126分〕须知事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、班级、学号填写在答题卡的密封线内。
2. 选择题每一小题选出答案后，将答案填在答题卡上对应题目的相应位置上。
如需改动，用橡皮擦干净后，再填其他答案标号。
答案不能答在试题卷上。
可能用到的相对原子质量： H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Al 27 S 32Cl 35.5 Fe 56 Cu 64一、选择题〔此题包括共21小题。
1-18每一小题只有一个选项符合题意，19-21多项选择〕14.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的开展。
利用如下列图的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。
斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。
根据三次实验结果的比照，可以得到的最直接的结论是〔 〕 A.如果斜面光滑，小球将上升到与O 点等高的位置 B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态 C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小15．物体在运动过程中加速度不为零，如此如下说法正确的答案是〔 〕 A ．物体速度一定随时间变化B ．物体速度的方向一定随时间变化C ．物体速度的大小一定随时间变化D ．物体速度不一定随时间变化16．人用绳子通过定滑轮拉物体A ，A 穿在光滑的竖直杆上，当以速度v 0匀速地拉绳使物体A 到达如下列图位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，如此物体A 实际运动的速度是 A ．v 0sin θB ．v 0sin θ C ．v 0cos θD ．v 0cos θ17.将一质量为m 的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O 是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率一样。
【恒心】2015届宁夏银川一中高三第四次月考英语试题及参考答案【首发纯word版】
银川一中2015届高三年级第四次月考英语试卷命题教师：庄爱霞、马燕本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂,如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。
第Ⅰ卷 (选择题）第一部分：听力理解(共两节。
满分30分)做题时，先将答案标在试卷上。
录音内容结束后，你将有两分钟的时间将试卷上的答案转涂到答题卡上。
第一节 (共5小题：每小题1.5分，满分7.5分)听下面5段对话。
每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
例：How much is the shirt ?A.＄19.15.B.＄9.18C.＄9.15 答案是C.1. What is the man, most probably?A. A shop assistant.B. A bank clerk.C. A travel agent2. What do we know about the man?A. He was about 20 minutes late.B. He felt sad that the movie had begun.C. He didn‟t mind that the woman was late.3. What will the speakers do?A. Adopt a pet.B. Volunteer in an animal shelter.C. Go to a pet store. 4. When will the woma n‟s car be ready?A. By 2:00 pm.B. By 3:00 pm.C. By 2:30 pm.5. With whom will the woman spend the weekend?A. Her grandma on her mother‟s side.B. Her grandma on her father‟s side.C. Her grandpa on her father‟s side.第二节:(共15小题;每小题1.5分,共22.5分)听下面5段对话。
2015届高三第四次联考物理试题 Word版含解析
全国大联考2015届高三第四次联考·物理试卷考生注意：1．本试卷共100分。
考试时间90分钟。
2．答题前，考生务必将密封线内的项目填写清楚。
3．请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4．本试卷主要考试内容：必修1，必修2，选修3—1电场和恒定电流。
第I 卷 (选择题 共40分)选择题部分共10小题．每小题4分．共40分。
在每个小题给出的四个选项中，1～6小题只有一个选项正确．7～10小题有多个选项正确；全部选对的得4分．选对但不全的得2分．有选错或不答的得0分。
1．足球以8 m ／s 的速度飞来，运动员把它以12 m ／s 的速度反向踢回，踢球时间是0.2 s ， 以球飞来的方向为正方向，则足球在这段时间内的加速度为A . —200m ／s 2B . 200 m ／s 2C . —100 m ／s 2D ．100 m ／s 2答案．C解析：a=t v ∆∆=2.0812--m /s 2 =—100m ／s 2，选项c 正确。
2．某同学上过体育课后用网兜把质量为m 的足球挂在光滑竖直墙壁上的P 点，已知悬线与墙面的夹角为θ，重力加速度为g,网兜的重力不计，则足球对墙壁的压力为A . mgtan θB . mgsin θC . mgcos θD ．θsin mg答案．A解析：对足球受力分析如图所示，由几何关系可得：N ＝mgtan θ，根据牛顿第三定律，足球对墙壁的压力为mgtan θ，选项A 正确。
3．将一质量为m 的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O 是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率相同。
重力加速度为g ，假设小球所受阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为A . mgB .21mg C . 31mg D . 101mg 答案．B解析：设每块砖的厚度是d ，向上运动时：9d-3d=aT 2，向下运动时：3d-d=a /T 2 ，联立解得：a ：a /= 3：1，根据牛顿第二定律：mg+f = ma 、mg 一f=ma / ，联立解得：f = mg /2。
宁夏银川一中高三物理第四次月考试题
命题人：注意事项：1．答卷前，考生务必然自己的姓名、准考据号填写在答题卡上。
2．作答时，务必然答案写在答题卡上。
写在本试卷及稿本纸上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H— 1 N — 14 O —16 Na —23 S —32 Fe —56 Cu — 64一、选择题：本题包括13 小题。
每题 6 分，共78 分，在每题给出的四个选项中，只有一个选项吻合题意。
二、选择题：本题共8 小题，每题 6 分，共 48 分。
在每题给出的四个选项中，第14～18题只有一项吻合题目要求，第19～ 21 题有多项吻合题目要求。
全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。
14．在物理学的发展过程中，好多物理学家都做出了重要的贡献，他们也研究出了物理学的好多研究方法，以下关于物理研究方法的表达中不正确的选项是A．理想化模型是把实责问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，比方质点、点电荷、向心加速度等都是理想化模型B．重心、合力和交变电流的有效值等看法的建立都表现了等效取代的思想C．依照速度定义式v x，当 t 足够小时，x 就可以表示物体在某时辰的瞬时速度，t t该定义应用了极限思想方法D．用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比率，比方场强 E F、电容C Q q U、F都是采用比值法定义的磁感觉强度 BI L15．以下列图，一质量为m 的带电小球 A 用长度为 L 的绝缘丝质细线悬挂于天花板上的 O点，在点的正下方L 处的绝缘支架上固定一个带与A同种电荷的小球，两个带电小球O B 都可视为点电荷。
已知小球 A 静止时丝线与竖直方向的夹角为60o，设丝线中拉力为T，小球所受库仑力为 F，以下关系式正确的选项是A．T 1mg B ． T 3mg 2C．F 3mg D ． F mg16．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只碰到互相之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统。
宁夏银川一中高三物理第四次月考试题新人教版
宁夏银川市第一中学2013届高三第四次月考物理试题2012.11 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷(共126分)二、选择题。
本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图所示，两个质量分别为m1=2kg，m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。
两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则A．弹簧秤的示数是10NB．弹簧秤的示数是26NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度变大D．在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度变小15．有一同学查得：地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍。
在不考虑地球、月球自转的影响，由以上数据可推算出：A．地球的平均密度与月球的平均密度之比约为9∶8B．靠近地球表面沿圆轨道运行的航天器的周期与靠近月球表面沿圆轨道运行的航天器的周期之比约为 8∶9C．地球表面重力加速度与月球表面重力加速度之比约为9∶4D．靠近地球表面沿圆轨道运行的航天器线速度与靠近月球表面沿圆轨道运行的航天器线速度之比约为 9∶216．质量为1kg的物体，放在动摩擦因数为0.2的水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，水平拉力做的功W和物体发生的位移s之间的关系如下图所示，重力加速度为10m/s2，则下列说法正确的是A．AB段加速度大小为3m/s2v A v BB ．OA 段加速度大小为5m/s 2C ．s=9m 时速度大小为23m/sD ．s=3m 时速度大小为22m/s17. 如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A 、B 是这条直线上的两点，一带正电粒子以速度v A 经过A 点向B 点运动，经过一段时间后，粒子以速度v B 经过B 点，且v B 与v A 方向相反，不计粒子重力，下面说法正确的是 A ．A 点的场强一定大于B 点的场强B ．粒子在A 点的速度一定小于在B 点的速度C ．A 点的电势一定低于B 点的电势D ．粒子在A 点的电势能一定大于在B 点的电势能18．如图所示，虚线a 、b 、c 是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带电的质点在仅受电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P 、Q 是轨迹上的两点。
宁夏银川一中2015届高三上学期第一次月考试卷 理综物理 Word版含答案
银川一中2015届高三年级第一次月考理科综合试卷（物理）本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)可能用到的相对原子质量（原子量）：H-1 O-16 C-12 P-31 Li-7 F-19二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．2011年12月在上海举行的汽车展销会上，一辆汽车从静止开始匀加速运动，表中给出了某些时刻汽车的瞬时速度，根据表中的数据通过分析、以下结论不正确．．．的是A．汽车运动的加速度为3 m/s2 B．汽车前6 s内的位移为54 mC．汽车第8 s末的速度为24 m/s D．汽车运动第7 s内的位移为16 m15．如图所示，质量为M的直角劈B放在水平面上，在劈的斜面上放一质量为m的物体A，用一沿斜面向上的力F作用于A上，使其沿斜面匀速上滑，在A上滑的过程中直角劈B相对地面始终静止，则关于地面对劈的摩擦力F f及支持力F N，下列说法正确的是A．F f向左，F N<Mg＋mg B．F f＝0，F N＝Mg＋mgC．F f向右，F N<Mg＋mg D．F f向左，F N＝Mg＋mg16．一质点沿x轴做直线运动，其v-t图像如图所示．质点在t＝0时位于x＝5 m处，开始沿x轴正向运动．当t＝8 s时，质点在x轴上的位置为A．x＝3 m B．x＝8 m C．x＝9 m D．x＝14 m17．科技馆里有一个展品，该展品放在暗处，顶部有一个不断均匀向下喷射水滴的装置，在频闪光源的照射下，可以看到水滴好像静止在空中固定的位置不动，如图所示．某同学为计算该装置喷射水滴的时间间隔，用最小刻度为毫米的刻度尺测量了空中几滴水滴间的距离，由此可计算出该装置喷射水滴的时间间隔为(g取10 m/s2)A．0.01 s B．0.02 s C．0.1 s D．0.2 s18．三个共点力大小分别是F1、F2、F3，关于它们的合力F的大小，下列说法中正确的是A．F大小的取值范围一定是0≤F≤F1＋F2＋F3B．F至少比F1、F2、F3中的某一个大C．若F1∶F2∶F3＝3∶6∶8，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零D．若F1∶F2∶F3＝3∶6∶2，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零19．如图所示装置，两物体质量分别为m1，m2，不计一切摩擦、滑轮质量和滑轮的直径，若装置处于静止状态，则A.m1可以大于m2B.m1一定大于m2/2C.m2可能等于m1/2D.θ1一定等于θ220．如图所示A、B两个运动物体的位移—时间图象，下述说法正确的是A．A、B两个物体开始时相距100m，同时相向运动B．B物体做匀速直线运动，速度大小为5m/sC．A、B两个物体运动8s时，在距A的出发点60m处相遇D．A物体在运动中停了6s21．如图所示为位于水平面上的小车，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ，在斜杆的下端固定有质量为m的小球。
2015年宁夏银川市唐徕回民中学高考物理四模试卷
2015年宁夏银川市唐徕回民中学高考物理四模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列叙述符合物理学史实的是（）A.自然界的电荷只有两种，法拉第把它们命名为正电荷和负电荷B.安培提出了分子电流假说，解释了磁铁的磁场和电流的磁场在本质上相同C.库仑最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场D.奥斯特对电磁感应现象的研究，将人类带人了电气化时代【答案】B【解析】解：A、自然界的电荷只有两种，富兰克林把它们命名为正电荷和负电荷，故A错误．B、安培提出了分子电流假说，解释了磁铁的磁场和电流的磁场在本质上相同，故B正确．C、法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场，故C错误．D、法拉第对电磁感应现象的研究，将人类带人了电气化时代，故D错误．故选：B．根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可答题．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注意积累．2.如图所示，质量不等的盒子A和物体B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为θ的斜面上，与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ，B悬于斜面之外而处于静止状态．现向A中缓慢加入沙子，下列说法正确的是（）A.绳子拉力逐渐减小B.A对斜面的压力逐渐增大C.A所受的摩擦力不变D.A一定沿斜面下滑【答案】B【解析】解：A、绳子拉力等于B的重力，保持不变，故A错误；B、A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力，随着沙子质量的增加，A对斜面的压力逐渐增大，故B正确；C、由于不知道A的重力沿着斜面方向的分力与细线拉力的大小关系，故不能确定静摩擦力的方向，故随着沙子质量的增加，静摩擦力可能增加、减小，故C错误；D、由于μ=tnaθ，故增加的重力的分力与增加的摩擦力大小相等，方向相反；故不会使物体滑动；故D错误；故选：B．绳子拉力等于B的重力，保持不变．A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力．A所受的重力沿斜面向下的分力与拉力的合力等于静摩擦力．当向A中缓慢加入沙子时，根据平衡条件讨论A受到的摩擦力的变化．整体保持静止，合力为零，保持不变．本题关键通过分析物体的受力情况，确定摩擦力的大小和方向；注意静摩擦力可能沿着斜面向下，也可能沿着斜面向上．3.质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，则（）A.整个过程中小球电势能减少了1.5mg2t2B.从A点到最低点小球重力势能减少了mg2t2C.从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2D.整个过程中机械能的增量为2mg2t2【答案】D【解析】解：A、D，小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反．设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则由gt2=-（vt-at2）又v=gt解得a=3g．由牛顿第二定律得a=，联立解得，q E=4mg则小球电势能减少为△ɛ=q E•gt2=2mg2t2．根据功能关系可知，机械能的增量为2mg2t2．故A错误，D正确．B、设从A点到最低点的高度为h，根据动能定理得mgh-q E（h-gt2）=0解得，h=gt2故从A点到最低点小球重力势能减少了△E p=mgh=．故B错误．C、从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了△E k=m（gt）2．故C错误．故选：D分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动．由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由W=q E d求得电场力做功，即可得到电势能的变化．由动能定理得求出A点到最低点的高度，得到重力势能的减小量．本题首先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，运用牛顿第二定律、运动学规律和动能定理结合进行研究．4.2014年3月8日凌晨马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持．特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合的大量关键技术．如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图．“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动．卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则下列说法正确的是（）A.卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为B.如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其加速C.卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为D.若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会增大【答案】A【解析】解：A、根据万有引力提供向心力=ma，得a=．而GM=g R2．所以卫星的加速度a=．故A正确．B、“高分一号”卫星加速，将做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长，故如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其减速，故B错误．C、根据万有引力提供向心力，得=．所以卫星1由位置A运动到位置B 所需的时间t==．故C错误．D、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，克服阻力做功，机械能减小．故D错误．故选：AA、根据万有引力提供向心力=ma，以及黄金代换式GM=g R2．求卫星的加速度大小．B、“高分一号”卫星速度增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长．C、根据万有引力提供向心力求出卫星的角速度，然后通过转过的角度求出时间．D、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，要克服阻力做功，机械能减小解决本题的关键掌握万有引力提供向心力=ma黄金代换式GM=g R2．5.在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A.灯泡L变亮B.电流表读数变小，电压表读数变小C.电源的输出功率变小D.电容器C上所带的电荷量减少【答案】C【解析】解：A、当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路的总电阻R总增大，总电流I减小，灯泡的功率P=I2R L，R L不变，P减小，则灯泡变暗．故A错误．B、I减小，电流表读数变小，电压表读数U=E-I r变大．故B错误．C、当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大．由于灯炮L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的内、外电阻的差值增大，则电源的输出功率减小．故C正确．D、变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故D错误．故选：C．滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，总电流减小，灯泡变暗；当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大．灯炮L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率减小．变阻器两端电压增大，电容器上电荷量增大，电流表读数变小，电压表读数U=E-I r变大．本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论要记牢．对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的感光板．从圆形磁场最高点P垂直磁场射入大量的带正电、电荷量为q、质量为m、速度为v的粒子，不考虑粒子间的相互作用力及重力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是（）A.只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN上B.对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线一定过圆心C.对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，时间也越长D.只要速度满足，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上【答案】BD【解析】解：A、对着圆心入射的粒子，出射后不一定垂直打在MN上，与粒子的速度有关．故A错误．B、带电粒子的运动轨迹是圆弧，根据几何知识可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也一定过圆心．故B正确．C、对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中轨迹半径越大，弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，由t=T知，运动时间t越小．故C错误．D、速度满足v=时，轨道半径r==R，入射点、出射点、O点与轨迹的圆心构成菱形，射出磁场时的轨迹半径与最高点的磁场半径平行，粒子的速度一定垂直打在MN 板上，故D正确．故选：BD．带电粒子射入磁场后做匀速圆周运动，对着圆心入射，必将沿半径离开圆心，根据洛伦兹力充当向心力，求出v=时轨迹半径，确定出速度的偏向角．对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，即可分析时间关系．本题要抓住粒子是圆弧，磁场的边界也是圆弧，利用几何知识分析出射速度与入射速度方向的关系，确定出轨迹的圆心角，分析运动时间的关系．7.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A.当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B.当F=μmg时，A的加速度为μgC.当F＞3μmg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过μg【答案】BCD【解析】解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2μmg，f3的最大值为，．故当0＜F≤时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；B、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′-2μmg=2ma′，对A、B整体，有F′-′，解得F′=3μmg，故当＜F≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F＞3μmg时，A 相对于B滑动．当F=时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F-=3ma，解得a=，故B、C正确．D、对B来说，其所受合力的最大值F m=2μmg-，即B的加速度不会超过，故D正确．故选：BCD．根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．8.如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，等边三角形金属框电阻为R，边长是L，自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下以垂直于磁场边界的恒定速度v进入磁场区域，t1时刻线框全部进入磁场．规定逆时针方向为感应电流i的正方向．外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，在这段时间内通过导体某横截面的电荷量为q，其中C、D图象为抛物线．则这些物理量随时间变化的关系可能正确的是（）A. B. C. D.【答案】CD【解析】解：线框切割磁感线，设有效长度为L，则：A、线框切割磁感线，产生感应电动势E=BL v，所以产生感应电流i==，线框进入磁场过程，L增大，i变大，i与时间t成正比．故A错误；B、线框做匀速运动，由平衡条件得：F=F安培=BIL==，t增大，F增大，F 与时间的二次方成正比，故B错误；C、由功率表达式，P=I2R=R==，故C正确；D、流过导体截面的电量：q=I t==，故D正确；故选：CD．由线框进入磁场中切割磁感线，根据运动学公式可知速度与时间关系；再由法拉第电磁感应定律，可得出产生感应电动势与速度关系；由闭合电路欧姆定律来确定感应电流的大小，并由安培力公式可确定其大小与时间的关系；由牛顿第二定律来确定合力与时间的关系；最后电量、功率的表达式来分别得出各自与时间的关系．解决本题的关键掌握运动学公式，并由各自表达式来进行推导，从而得出结论是否正确，以及掌握切割产生的感应电动势E=BL v．知道L为有效长度．五、多选题(本大题共1小题，共5.0分)13.下列说法正确的是（）A.液晶的光学性质具有各向异性B.当人们感觉到闷热时，说明空气的相对湿度较小C.液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏D.草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用E.由于液体表面具有收缩趋势，故液体表面的分子之间不存在斥力【答案】ACD【解析】解：A、液晶即具有流动性，又具有的光学性质的各向异性，故A正确；B、当人们感觉到闷热时，说明空气的相对湿度较大，皮肤蒸发吸热困难，故B错误；C、D、由于挥发，液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏，故存在液体的表面张力，草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故C正确，D正确；E、由于液体表面具有收缩趋势，故液体表面的分子之间斥力和吸引力的合力表现为引力，即液体的表面张力，故E错误；故选：ACD．液晶即具有流动性，又具有光学各向异性的性质；当人们感觉到闷热时，说明空气的相对湿度大；液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏，故存在液体的表面张力．本题考查了液晶、相对湿度、液体表面张力等，知识点角度，要适当的记忆；注意分子间同时存在引力和斥力，只是斥力随着距离变化快．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.下列说法中正确的是（）A.波的传播过程中，质点的振动频率等于波源的振动频率B.爱因斯坦狭义相对论指出，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的C.当某列声波产生多普勒效应时，相应声源的振动频率一定发生变化D.物体做受迫振动时，驱动力的频率越高，受迫振动的物体振幅越大E.X射线的频率比无线电波的频率高【答案】ABE【解析】解：A、波在传播过程中，质点的振动频率由波源的振动频率决定．故A正确；B、爱因斯坦狭义相对论指出，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的．故B 正确；C、波在传播过程中，质点的振动频率由波源的振动频率决定，当某列声波发生多普勒效应时，相应声源的振动频率一定不变．故C错误；D、物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，振幅达最大，这种现象称为共振．故D错误；E、根据电磁波谱的分布可知，X射线的频率比无线电波的频率高．故E正确．故选：ABE质点的振动频率由波源的振动频率决定；当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大；根据多普勒现象、狭义相对论、电磁波谱的应用解答．该题考查简谐振动与机械波、多普勒现象、共振、狭义相对论和电磁波谱等知识点的内容，明确系统的固有频率等于驱动力的频率时，振幅达最大是解题的关键．基础题目．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列说法中正确的是（）A.发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子具有复杂的结构B.在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能E k越大，则这种金属的逸出功W0越小C.原子核内的某一核子与其他核子间都有核力作用D.氢原子的核外电子，在由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近的轨道的过程中，放出光子，电子动能增加，原子的电势能减小E.在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变长【答案】BDE【解析】解：A、发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构，不是使人类认识到原子具有复杂的结构．故A错误；B、在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能E k越大，根据方程：E km=hγ-W0可知，则这种金属的逸出功W0越小．故B正确；C、根据核力的特点可知，原子核内的某一核子只与和它邻近的核子间才有核力作用；故C错误；D、氢原子的核外电子，在由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近的轨道的过程中，由于距离减小，电场力做正功，所以原子的电势能减小；又由：可知，轨道的半径减小，电子的速度增大，动能增大．故D正确；E、当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后能量减小，波长增大．故E正确．故选：BDE发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构．根据光电效应方程解答入射光的频率与逸出功的关系；原子核内的某一核子只与和它邻近的核子间才有核力作用；氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，原子能量减小，减小的能量以电子的形式辐射出来；当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后能量减小．本题考查原子物理中的发现天然放射现象的意义、光电效应、核力、波尔理论以及康普顿效应等知识点，要在了解人类发现原子结构历史进程的基础上进行记忆，不能混淆．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.为了测量木块与木板间的动摩擦因数μ，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离．位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移x随时间t的变化规律如图乙所示．（1）根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v= ______ m/s，木块加速度a= ______ m/s2；（结果均保留2位有效数字）（2）为了测定动摩擦因数μ，还需要测量的量是______ ；（已知当地的重力加速度g）【答案】0.40；1.0；斜面倾角（或A点的高度等）【解析】解：（1）根据某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得0.4s末的速度为：v=m/s=0.40m/s，0.2s末的速度为：v′==0.2m/s，则木块的加速度为：a=′==1.0m/s2．（2）选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力：ma=mgsinθ-μmgcosθ得：μ=所以要测定摩擦因数，还需要测出斜面的倾角θ（或A点的高度等）；故答案为：（1）0.40；1.0；（2）斜面倾角（或A点的高度等）．（1）由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；（2）为了测定动摩擦力因数μ还需要测量的量是木板的倾角θ．解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及会通过实验的原理得出动摩擦因数的表达式，从而确定所需测量的物理量．10.（1）唐中“加速度”社成员甲用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图1所示．读数为______ mm．（2）“加速度”社成员乙使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60m A的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：①仪器连线如图2中甲所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a为______ （填“红”或“黑”）色；②若适当调节电阻箱后，图中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2乙中（a）、（b）、（c）所示，则多用电表的读数为______ Ω，电流表的读数为______ m A，电阻箱的读数为______ Ω；③将图2中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为______ m A；（保留3位有效数字）④计算得到多用电表内电池的电动势为______ V．（保留3位有效数字）【答案】2.000；黑；14.0；53.0；4.6；102；1.54【解析】解：（1）螺旋测微器固定部分刻度为2mm；转动部为应为：0.0×0.01；故读数为2.000mm；（2）①多用电表在使用时必须使电流从红表笔（正接线柱）流进，黑表笔（负接线柱）流出，串联的电流表也必须使电流从正接线柱流进，负接线柱流出，所以可以判断电流是从a表笔流出的为黑表笔．②多用电表用×1倍率测量，读数为：14.0×1=14.0Ω电流表的量程是60m A，所以不能在表盘上直接读数，需要改装为10，20，30，40，50，60的表盘，然后读数为：53.0m A电阻箱的读数为：0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω③④多用电表测量电阻的原理是闭合电路的欧姆定律，多用电表内部的电路等效的直流电源（一般为电池）、电阻、表头与待测电阻串联，当表头短接时电路电流最大为表头的满偏电流I g=，将R g取为r+r g+R为多用电表的内阻，当待测电阻等于R g时，这时表头半偏，表针指在欧姆表盘的中值上，所以R g又称为中值电阻．当选择×1倍率测量时中值电阻直接在欧姆表盘上读数为15Ω．在（2）中多用电表外的电阻为多用电表的读数14.0Ω，干路电流是53.0m A，则电源电动势是E=I（R内+R外）=0.053×（15+14）=1.537V．则满偏电流I g=m A．故答案为：（1）2.000；（2）①黑②14.053.0 4.6③102④1.54当用多用电表测电阻时，电源在表内，要使电流从图中电流表正极流进，从负极流出，因此表笔a 连接电源的正极，所以表笔a为黑色的．多用电表测电阻时读数是表盘示数与倍率的乘积；电流表的读数要注意量程．螺旋测微器的读数一定要注意保留到千分之一毫米位；由闭合电路的殴姆定律可得，电流与待测电阻不成比例，所以导致表盘的刻度不均匀．同时当表头半偏时，所测电阻等于中值电阻．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.光滑圆轨道和两倾斜直轨道组成如图所示装置，其中直轨道bc粗糙，直轨道cd光滑，两轨道相接处为一很小的圆弧．质量为m=0.1kg的滑块（可视为质点）在圆轨道上做圆周运动，到达轨道最高点a时的速度大小为v=4m/s，当滑块运动到圆轨道与直轨道bc的相切处b时，脱离圆轨道开始沿倾斜直轨道bc滑行，到达轨道cd上的d点时速度为零．若滑块变换轨道瞬间的能量损失可忽略不计，已知圆轨道的半径为R=0.25m，直轨道bc的倾角θ=37 ，其长度为L=26.25m，滑块与轨道之间得动摩擦因数为0.8，d点与水平地面间的高度差为h=0.2m，取重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6．求：（1）滑块在圆轨道最高点a时对轨道的压力大小；（2）滑块在直轨道bc上能够运动的时间．【答案】解：（1）在圆轨道最高点a处对滑块由牛顿第二定律得：所以解得：N=5.4N；由牛顿第三定律得滑块在圆轨道最高点a时对轨道的压力大小为5.4N．（2）设滑块在bc上向下滑动的加速度为a1，时间为t1，向上滑动的加速度为a2，时间为t2；在c点时的速度为v c．由c到d：==2m/sa点到b点的过程：所以=5m/s在轨道bc上：下滑：。
宁夏银川市六盘山高中2015届高考物理四模试卷(分析版)
2015年宁夏银川市六盘山高中高考物理四模试卷二、选择题：此题共8小题，每题6分.在每题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19、20、21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．一种测定风力的仪器的原理图如下图，质量为m的金属球，固定在一细长的轻金属丝下端，能绕悬挂点O在竖直平面内转动，无风时金属丝自然下垂，有风时金属丝将偏离竖直方向一定角度θ，角θ的大小与风力大小有关，以下关于金属球受到的风力F与θ的关系式正确的选项是〔〕A．F﹦mgtanθB．F﹦mgcotθC．F﹦mgsinθD．F﹦mgcosθ2．某物体做直线运动的v﹣t图象如下图，据此判断以下〔F表示物体所受合力，x表示物体的位移〕四个选项中正确的选项是〔〕A．B．C．D．3．如下图，平行板电容器的两板与电源相连，板间同时有电场和垂直纸面向里的匀强磁场B，一个带电荷量为+q的粒子以v0为初速度从两板中间沿垂直电磁场方向进入，穿出时粒子的电势能增加了．假设想使这个带电粒子以v0沿原方向匀速直线运动穿过电磁场，可采用的方法是〔〕A．减小平行板的正对面积 B．增大极板间距C．减小磁感应强度B D．增大磁感应强度B 4．如图，两根平行的光滑导轨竖直放置，处于垂直轨道平面的匀强磁场中，金属杆ab接在两导轨之间，在开关S断开时让ab自由下落，ab下落过程中始终保持与导轨接触良好，设导轨足够长，电阻不计．ab下落一段时间后开关闭合，从开关闭合开始计时，ab下滑速度v随时间变化的图象不可能是〔〕A． B．C． D．5．如下图，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，以导线为中心，半径为R的圆周上有a、b、c、d四个点，c点的实际磁感应强度为0，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．直导线中电流方向垂直纸面向里B．d点的磁感应强度为0C．a点的磁感应强度为2T，方向向右D．b点的磁感应强度为2T，方向斜向下，与B成45°角6．20013年6月20日，我国成功实施了首次天地授课，天宫一号中的航天员向我国亿万学生和其他观众演示并讲解了失重环境下的奇妙现象，激发了人们对航天事业的高度关注．根据天宫一号中发生的现象，以下解释不正确的选项是〔〕A．天宫一号中的人和物体都不受地球引力B．天宫一号中的人和物体都没有惯性C．相对天宫一号中静止的人和物体都处于平衡状态D．相对天宫一号中静止的人和物体都处于失重状态7．如图，两个初速度大小相同的同种离子a和b，从O点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打到屏P上．不计重力．以下说法正确的有〔〕A．a、b均带正电B．a在磁场中飞行的时间比b的短C．a在磁场中飞行的路程比b的短D．a在P上的落点与O点的距离比b的近8．如图光滑水平面上物块A和B以轻弹簧相连接．在水平拉力F作用下以加速度a作直线运动，设A和B的质量分别为m A和m B，当突然撤去外力F时〔〕A．物块A的加速度为a B．物块B的加速度为0C．物块A的加速度为D．物块B的加速度为﹣ a三、非选择题：包括必考题和选考题两局部．第22-32题为必考题，每个试题考生都作答；第33题-39题为选考题，考生根据要求作答．〔一〕必考题〔11题，共129分〕9．为了研究平抛运动，某学习小组的同学设计了如下图的两组实验装置进行探究．甲图中将A、B 两小球同时从相同的一段圆弧顶端释放，离开圆弧时它两位置在同一竖直线上，无论H多大，发现在A球落地时B球总是与之相碰．乙图中用铁锤敲击弹簧片，A球在水平方向被弹出的同时，B球竖直掉落，无论H多大，发现两球总是同时落地．〔1〕让两球同时开始运动，甲、乙两图中A球做运动；甲图中B小球在水平面上做运动；乙图中B小球在竖直方向做运动．〔2〕甲图说明；乙图说明．10．为了节能和环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件〔照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx〕．某光敏电阻R p在不同照度下的阻值如表：照度〔lx〕0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2电阻〔kΩ〕75 40 28 23 20 18〔1〕根据表中数据，请在给定的坐标系〔图1〕中描绘出阻值随照度变化的曲线，并说明阻值随照度变化的特点：．〔2〕如图2所示，当1、2两端所加电压上升至2V时，控制开关自动启动照明系统．请利用以下器材设计一个简单电路，给1、2两端提供电压，要求当天色渐暗照度降低至1.0〔lx〕时启动照明系统，在虚线框内完成电路原理图．〔不考虑控制开关对所设计电路的影响〕提供的器材如下：光敏电阻R p〔符号，阻值见上表〕；直流电源E〔电动势3V，内阻不计〕；定值电阻：R1=10kΩ，R2=20kΩ，R3=40kΩ〔限选其中之一并在图中标出〕；开关S及导线假设干．11．如图，质量为m的带电小球用长L为的绝缘细绳系在O点，绳的形变可以不计，空间存在水平向右的匀强电场，电场强度为E，静止时位于A点，此时绳与竖直方向夹30°的角．现将小球从绳拉直且水平的B点释放，求〔1〕小球的带电量．〔2〕小球运动到最低点C时对绳的拉力．12．如下图，一长木板质量为M=4kg，木板与地面的动摩擦因数μ1=0.2，质量为m=2kg的小滑块放在木板的右端，小滑块与木板间的动摩擦因数μ2=0.4．开始时木板与滑块都处于静止状态，木板的右端与右侧竖直墙壁的距离L=2.7m．现给木板以水平向右的初速度v0=6m/s使木板向右运动，设木板与墙壁碰撞时间极短，且碰后以原速率弹回，取g=10m/s2，求：〔1〕木板与墙壁碰撞前，物块加速度的大小和方向．〔2〕木板与墙壁碰撞时，木板的瞬时速度是多大？〔3〕木板与墙壁碰撞后，经过多长时间小滑块停在木板上？三、选择题〔共2小题，每题5分，总分值15分〕【物理——选修3-3】13．关于一定量的气体，以下说法正确的选项是〔〕A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和B．只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D．气体从外界吸收热量，其内能一定增加E．气体在等压膨胀过程中温度一定升高14．如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置．玻璃管的下部封有长l1=25.0cm的空气柱，中间有一段长l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm．大气压强为p0=75.0cmHg．现将一活塞〔图中未画出〕从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l1′=20.0cm．假设活塞下推过程中没有漏气，求活塞下推的距离．【物理--选修3-4】15．在以下现象之中，可以证明光是一种波的是〔〕A．双缝干预 B．单缝衍射 C．棱镜色散 D．薄膜干预E．海市蜃楼16．如图为一列简谐波在t1=0时刻的图象．此时波中质点M的运动方向沿y负方向，且到t2=0.5s 质点M恰好第1次到达y负方向最大位移处．试求：〔1〕此波向什么方向传播？波速是多大？〔2〕从t1=0至t3=2.5s，波中质点M走过的路程和t3=2.5s时相对于平衡位置的位移分别是多少？【物理--选修3-5】17．氢原子的局部能级如下图．可见光的光子能量在1.62eV到3.11eV之间．由此可推知，氢原子〔〕A．从高能级向n=1能级跃迁时了发出的光的波长比可见光的短B．从高能级向n=2能级跃迁时发出的光均为可见光C．从高能级向n=3能级跃迁时发出的光的频率比可见光的高D．从n=3能级向n=2能级跃迁时发出的光为可见光E．从n=1能级向n=2能级跃迁时需要吸收能量18．如下图，光滑水平直轨道上有三个滑块A、B、C，质量分别为m A=m C=2m，m B=m，A、B 用细绳连接，中间有一压缩的轻弹簧〔弹簧与滑块不拴接〕．开始时A、B以共同速度v0运动，C 静止．某时刻细绳突然断开，A、B被弹开，然后B又与C发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速度恰好相同．求B与C碰撞前B的速度．2015年宁夏银川市六盘山高中高考物理四模试卷参考答案与试题解析二、选择题：此题共8小题，每题6分.在每题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19、20、21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．一种测定风力的仪器的原理图如下图，质量为m的金属球，固定在一细长的轻金属丝下端，能绕悬挂点O在竖直平面内转动，无风时金属丝自然下垂，有风时金属丝将偏离竖直方向一定角度θ，角θ的大小与风力大小有关，以下关于金属球受到的风力F与θ的关系式正确的选项是〔〕A．F﹦mgtanθB．F﹦mgcotθC．F﹦mgsinθD．F﹦mgcosθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以金属球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出风力F与θ的关系式．【解答】解：以金属球为研究对象，分析受力情况：金属球受到重力mg、水平向左的风力F和金属丝的拉力T，作出力图如图，根据平衡条件得到：F=mgtanθ应选：A．【点评】此题是实际问题，实质是物体的平衡问题，分析受力情况，作出力图是解题的关键．2．某物体做直线运动的v﹣t图象如下图，据此判断以下〔F表示物体所受合力，x表示物体的位移〕四个选项中正确的选项是〔〕A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】在v﹣t图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定．速度﹣﹣时间图象特点：①因速度是矢量，故速度﹣﹣时间图象上只能表示物体运动的两个方向，t轴上方代表的“正方向〞，t轴下方代表的是“负方向〞，所以“速度﹣﹣时间〞图象只能描述物体做“直线运动〞的情况，如果做曲线运动，那么画不出物体的“位移﹣﹣时间〞图象；②“速度﹣﹣时间〞图象没有时间t的“负轴〞，因时间没有负值，画图要注意这一点；③“速度﹣﹣时间〞图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向；④“速度﹣﹣时间〞图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积〞表示物体的位移此题中物体先匀加速前进，然后匀减速前进，再匀加速后退，最后匀加减速后退，根据运动情况先求出加速度，再求出合力．【解答】解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s﹣4s 做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s﹣6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s﹣8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B正确．应选B．3．如下图，平行板电容器的两板与电源相连，板间同时有电场和垂直纸面向里的匀强磁场B，一个带电荷量为+q的粒子以v0为初速度从两板中间沿垂直电磁场方向进入，穿出时粒子的电势能增加了．假设想使这个带电粒子以v0沿原方向匀速直线运动穿过电磁场，可采用的方法是〔〕A．减小平行板的正对面积 B．增大极板间距C．减小磁感应强度B D．增大磁感应强度B【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】以速度v0从两极板中间垂直于电磁场方向射入，穿出时粒子的电势能增加，可知电场力做负功，知洛伦兹力大于电场力，向上偏转．想使这个带电粒子以速度v0按原方向匀速穿过电磁场，那么电场力和洛伦兹力相等．【解答】解：因为粒子穿越磁场时，电势能增加了，而洛伦兹力不做功，那么电场力做负功，电场力方向竖直向下，那么粒子向上偏转，洛伦兹力大于电场力．A、减小平行板间的正对面积，U不变，d不变，那么电场强度不变，电场力不变，仍然小于洛伦兹力，不能匀速穿越电磁场．故A错误．B、增大极板间距，根据E=，那么电场强度减小，电场力变小，更不能够与洛伦兹力相等，不可能做匀速直线运动．故B错误．C、减小磁感应强度，那么洛伦兹力减小，能够与电场力平衡，做匀速直线运动．故C正确．D、增大磁感应强度，那么洛伦兹力增大，仍然大于电场力，不能匀速穿越电磁场．故D错误．应选：C．【点评】解决此题的关键通过电场力做功得出电场力与洛伦兹力的大小关系，抓住电场力与洛伦兹力相等时，才能匀速直线运动进行分析．4．如图，两根平行的光滑导轨竖直放置，处于垂直轨道平面的匀强磁场中，金属杆ab接在两导轨之间，在开关S断开时让ab自由下落，ab下落过程中始终保持与导轨接触良好，设导轨足够长，电阻不计．ab下落一段时间后开关闭合，从开关闭合开始计时，ab下滑速度v随时间变化的图象不可能是〔〕A． B．C． D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与图像结合．【分析】s闭合后，金属杆在下滑过程中，受到重力和向上的安培力作用，分析安培力与重力大小关系，根据安培力大小与速度大小成正比，分析金属杆的加速度变化，确定金属杆的运动情况．【解答】解：A、闭合开关时，ab杆产生感应电流，受到向上的安培力．假设重力与安培力相等，金属杆将做匀速直线运动，此图是可能的．故A错误．B、D假设安培力小于重力，合力向下，加速度的方向向下，做加速运动．加速运动的过程中，ab 杆产生的感应电动势和感应电流增大，安培力增大，那么合力减小，加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动．故B图象是可能的，D图不可能，故B 错误，D正确．C、假设安培力大于重力，那么加速度的方向向上，做减速运动，减速运动的过程中，安培力减小，做加速度逐渐减小的减速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动．此图是可能的，故C错误．应选：D．【点评】此题是电磁感应的动态变化分析，分析方法可以和机车启动的动态变化过程进行类比解答，关键要抓住安培力与速度的关系进行分析．5．如下图，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，以导线为中心，半径为R 的圆周上有a、b、c、d四个点，c点的实际磁感应强度为0，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．直导线中电流方向垂直纸面向里B．d点的磁感应强度为0C．a点的磁感应强度为2T，方向向右D．b点的磁感应强度为2T，方向斜向下，与B成45°角【考点】磁感应强度．【分析】c点的磁感应强度为0，说明通电导线在O点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，由安培定那么判断出通电导线中电流方向．通电导线在abcd四点处产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定那么进行合成分析b、a、d三点的磁感应强度大小和方向．【解答】解：A、由题，c点的磁感应强度为0，说明通电导线在c点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在c点产生的磁感应强度方向水平向左，根据安培定那么判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向外．故A错误．B、通电导线在d处的磁感应强度方向竖直向上，那么d点感应强度为T，方向与B的方向成45°斜向上，不为零．故B错误．C、通电导线在a处的磁感应强度方向水平向右，那么a点磁感应强度为2T，方向与B的方向相同，即向右．故C正确．D、由上知道，通电导线在b点产生的磁感应强度大小为1T，由安培定那么可知，通电导线在b处的磁感应强度方向竖直向下，根据平行四边形与匀强磁场进行合成得知，b点感应强度为T，方向与B的方向成45°斜向下．故D错误．应选：C．【点评】此题考查安培定那么和平行四边形定那么，空间任意一点的磁感应强度都通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加．6．20013年6月20日，我国成功实施了首次天地授课，天宫一号中的航天员向我国亿万学生和其他观众演示并讲解了失重环境下的奇妙现象，激发了人们对航天事业的高度关注．根据天宫一号中发生的现象，以下解释不正确的选项是〔〕A．天宫一号中的人和物体都不受地球引力B．天宫一号中的人和物体都没有惯性C．相对天宫一号中静止的人和物体都处于平衡状态D．相对天宫一号中静止的人和物体都处于失重状态【考点】超重和失重；惯性．【分析】处于失重状态的物体仍然受到重力；惯性与物体的运动状态无关；相对天宫一号中静止的人和物体都处于失重状态．【解答】解：A、天宫一号中的人和物体处于失重状态，但是仍然受到重力；故A错误；B、惯性是物体的固有属性，与物体的运动状态无关，天宫一号中的人和物体惯性不变．故B错误；C、D、相对天宫一号中静止的人和物体都是相对于天宫一号静止，相对于地球做匀速圆周运动，重力完全提供向心力，所以都处于失重状态．故C错误，D正确．此题选择错误的，应选：ABC【点评】该题以社会的热点﹣﹣航空与航天为背景，考查对惯性与超重、失重的理解，要注意抓住事物的本质，正确理解失重时物体受到的重力没有消失或减小．7．如图，两个初速度大小相同的同种离子a和b，从O点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打到屏P上．不计重力．以下说法正确的有〔〕A．a、b均带正电B．a在磁场中飞行的时间比b的短C．a在磁场中飞行的路程比b的短D．a在P上的落点与O点的距离比b的近【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，要熟练应用半径公式和周期公式进行求解．【解答】解：a、b粒子的运动轨迹如下图：粒子a、b都向下由左手定那么可知，a、b均带正电，故A正确；由r=可知，两粒子半径相等，根据上图中两粒子运动轨迹可知a粒子运动轨迹长度大于b粒子运动轨迹长度，运动时间a在磁场中飞行的时间比b的长，故BC错误；根据运动轨迹可知，在P上的落点与O点的距离a比b的近，故D正确．应选：AD．【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径．8．如图光滑水平面上物块A和B以轻弹簧相连接．在水平拉力F作用下以加速度a作直线运动，设A和B的质量分别为m A和m B，当突然撤去外力F时〔〕A．物块A的加速度为a B．物块B的加速度为0C．物块A的加速度为D．物块B的加速度为﹣ a【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】应用题；定性思想；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】分析A的受力，可以求出弹簧的弹力，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，分别对A、B进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求解．【解答】解：A、A受到的合力为弹力，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，A所受的合力不变，A的加速度不变，仍为a，故A正确，C错误．B、力F作用时，由牛顿第二定律得：对A有：F弹=m A a 对B有：F﹣F弹=m B a，当突然撤去推力F的瞬间，弹簧弹力没有发生改变，=m B a B，解得：a B=﹣a，故B错误，D正确；应选：AD．由牛顿第二定律得：对B：﹣F弹【点评】采用整体法求物体的共同加速度，再用隔离法求各个物体受到的力的大小，这是求连接体问题的一般步骤．三、非选择题：包括必考题和选考题两局部．第22-32题为必考题，每个试题考生都作答；第33题-39题为选考题，考生根据要求作答．〔一〕必考题〔11题，共129分〕9．为了研究平抛运动，某学习小组的同学设计了如下图的两组实验装置进行探究．甲图中将A、B 两小球同时从相同的一段圆弧顶端释放，离开圆弧时它两位置在同一竖直线上，无论H多大，发现在A球落地时B球总是与之相碰．乙图中用铁锤敲击弹簧片，A球在水平方向被弹出的同时，B球竖直掉落，无论H多大，发现两球总是同时落地．〔1〕让两球同时开始运动，甲、乙两图中A球做平抛运动；甲图中B小球在水平面上做匀速直线运动；乙图中B小球在竖直方向做自由落体运动．〔2〕甲图说明平抛运动的物体在水平方向做匀速直线运动；乙图说明平抛运动的物体在竖直方向做自由落体运动．【考点】研究平抛物体的运动．【专题】实验题．【分析】探究平抛运动的规律中，实验甲同时让A球做平抛运动，B球在水平面上做匀速直线运动，假设两小球相碰，可得出平抛运动在水平方向上的运动规律．实验乙A球做平抛运动，B球做自由落体运动，假设同时落地，即可得出平抛运动在竖直方向上的运动规律．【解答】解：〔1〕让两球同时开始运动，甲、乙两图中A球做平抛运动，甲图中B小球在水平面上做匀速直线运动，乙图中B球在竖直方向上做自由落体运动．〔2〕甲图中，A、B两球相碰，可知平抛运动的物体在水平方向做匀速直线运动．乙图中，A、B两球同时落地，可知平抛运动在竖直方向上做自由落体运动．故答案为：〔1〕平抛，匀速直线，自由落体．〔2〕平抛运动的物体在水平方向做匀速直线运动；平抛运动的物体在竖直方向做自由落体运动．【点评】此题研究平抛运动在水平方向和竖直方向两个方向分运动的情况，采用比拟法，考查对实验原理和方法的理解能力．10．为了节能和环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件〔照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx〕．某光敏电阻R p在不同照度下的阻值如表：照度〔lx〕0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2电阻〔kΩ〕75 40 28 23 20 18〔1〕根据表中数据，请在给定的坐标系〔图1〕中描绘出阻值随照度变化的曲线，并说明阻值随照度变化的特点：光敏电阻的阻值随光照强度的增大非线性减小．．〔2〕如图2所示，当1、2两端所加电压上升至2V时，控制开关自动启动照明系统．请利用以下器材设计一个简单电路，给1、2两端提供电压，要求当天色渐暗照度降低至1.0〔lx〕时启动照明系统，在虚线框内完成电路原理图．〔不考虑控制开关对所设计电路的影响〕提供的器材如下：光敏电阻R p〔符号，阻值见上表〕；直流电源E〔电动势3V，内阻不计〕；定值电阻：R1=10kΩ，R2=20kΩ，R3=40kΩ〔限选其中之一并在图中标出〕；开关S及导线假设干．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】①应用描点作图法作出图象．②电路设计，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联，由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，故将控制系统与光敏电阻并联，照度降低至1.0〔Lx〕时启动照明系统，可以算出定值电阻的大小．【解答】解：〔1〕根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象，图象如下图．阻值随照度变化的特点是：光敏电阻的阻值随光照强度的增大非线性减小．〔2〕当天色渐暗照度降低至1.0 〔lx〕时启动照明系统，即此时光敏电阻阻值为20 kΩ，两端电压为2 V，电源电动势为3 V，所以应加上一个分压电阻，分压电阻阻值为10 kΩ，即选用R1．电路原理图如图2所示．故答案为：〔1〕如图，光敏电阻的阻值随光照强度的增大非线性减小．〔2〕电路图如下图．【点评】此题考查了作图象、设计电路图，要掌握描点法作图的方法；电路设计的问题要结合闭合电路欧姆定律去分析．11．如图，质量为m的带电小球用长L为的绝缘细绳系在O点，绳的形变可以不计，空间存在水平向右的匀强电场，电场强度为E，静止时位于A点，此时绳与竖直方向夹30°的角．现将小球从绳拉直且水平的B点释放，求〔1〕小球的带电量．〔2〕小球运动到最低点C时对绳的拉力．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】〔1〕抓住小球静止于A点，根据共点力平衡求出电荷量的大小．。
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银川一中2015届高三年级第四次月考理科综合试卷（物理）本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 14. 下列说法正确的是A. 速度变化越快的物体惯性越小B. 物体做曲线运动的条件是所受合外力的方向和速度的方向既不垂直也不在一条直线上C. 学校餐厅的吊扇在工作时向下推压空气，空气对吊扇产生向上的推力，减轻了吊杆对吊扇的拉力，所以，即使吊杆略有松动也是安全的。
D. 用弹簧连接两个小球A 和B ，其中弹簧对A 的弹力和弹簧对B 的弹力是一对平衡力。
15．将两个质量均为m 的小球a 、b 用细线相连后，再用细线悬挂于O 点，如图所示。
用力F 拉小球b ，使两个小球都处于 静止状态，且细线Oa 与竖直方向的夹角保持θ=60°，则 F 的最小值为A ． 3 mg/3B ．3mgC ． 3 mg/2D ．mg/216．如图所示，固定斜面倾角为θ，整个斜面分为AB 、BC 两段，且1.5AB=BC ．小物块P （可视为质点）与AB 、BC 两段斜面之间的动摩擦因数分别为μ1、μ2．已知P 由静止开始从A 点释放，恰好能滑动到C 点而停下，那么θ、μ1、μ2间应满足的关系是A ．tanθ= 53221μμ+ B ．tanθ= 2μ1+μ23C ．tanθ=2μ1－μ2D ．tanθ=2μ2－μ117．如图所示，不带电的金属球A 带电液滴不断地从静止开始下落 (不计空气阻力)，液滴到达A 球后将电荷 量全部传给A 球，设前一液滴到达A 球后，后一液滴才开始下落，不计B 点未下落的带电液滴对已下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是 A ．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A 球 B ．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C ．能够下落到A 球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D ．所有液滴下落过程中电场力做功相等18．在测电源电动势和内阻的试验中得到的实验图线如图所示，图中U 为路端电压，I 为干路电流。
a 、b 为图线上的两点.相应状态下电源的输出功率分别为P a 、P b ,外电路电阻为R a 、R b ，由图可知，ba P P及baR R 的比值分别为 A ．3:1 1:2 B ．1:3 2:3 C ．1:1 1:2 D ．1:1 4:119．“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说 法正确的是 A ．“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍 B ．“轨道康复者”C ．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动D ．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救20．如图所示的电路中，电压表都看做理想电表，电源内阻为r ．闭合开关S ，当把滑动变阻器R 3的滑片P 向b 端移动时A ．电压表V 1的示数变小，电压表V 2的示数变小B ．电压表V 1的示数变大，电压表V 2的示数变大C ．电压表V 1的示数变化量大于V 2的示数变化量D ．电压表V 1的示数变化量小于V 2的示数变化量21．水平地面上有两个固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L 1、L 2，且L 1＜L 2，如图所示。
两个完全相同的小滑块 A 、B （可视为质点）与两个斜面间的动摩擦 因数相同，将小滑块A 、B 分别从甲、乙两 个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面 所在的水平面为参考平面，则A ．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一定相同B ．滑块A 到达底端时的动能一定比滑块Ｂ到达底端时的动能大C ．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A 做功的平均功率比滑块B 的大D ．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第22—32题为必考题，每个试题考生都做答；第33题—39题为选考题，考生根据要求作答。
(一)必考题(共129分)22．（5分）某同学通过实验研究小灯泡的电压与电流的关系。
可用的器材如下：电源（电动势3 V ，内阻1 Ω）、电键、滑动变阻器（最大阻值20 Ω）、电压表、电流表、小灯泡、导线若干。
1（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U -I 图像如图a 所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而 （填“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）根据图a ，在图b 中把缺少的导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）。
（3）若某次连接时，把AB 间的导线误接在AC 之间，合上电键，任意移动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭，则此时的电路中，小灯泡可能获得的最小功率是 W （本小题若需要作图，可画在图a 中）。
23.（10分）某同学采用如图所示的装置探究“物体质量一定时，其加速度与所受合外力的关系”．(1)该同学是采用v ——t 图象来求加速度的，下图1是实验中打出的一条纸带的一部分(单位cm)，纸带上标出了连续的6个计数点，相邻计数点之间还有4个点没有画出，打点计时器接在频率为50 Hz 的交变电源上．打点计时器打3点时，小车的速度为_________m/s.(结果保留两位有效数字)．打这条纸带小车的加速度为_______2/m s .(结果保留两位有效数字)．(2)该同学把各点的速度都算出来，标在了v-t 坐标系中，如图2甲所示．并作出小车运动的v-t 图线；利用图线求出小车此次运动的加速度a=_____2/m s (结果保留两位有效数字)U /V2.42.8（a ）ABC－ +（b ）(3)该同学最终所得小车运动的a-F 图线如图2乙所示，从图中我们可以看出图线是一条过原点的直线，根据该图线可以确定下列判断中正确的是（ ） A. 本实验中小车的质量一定时，其加速度与所受合外力成正比 B. 小车的加速度可能大于重力加速度gC ．可以确定小车的质量约为2kg D. 实验中配重的质量m 远小于小车的质量M 24.（14分）如图所示，微粒A 位于一定高 度处，其质量m=1×10-4kg 、带电荷 量q=+1×10-6C ，塑料长方体空心盒 子B 位于水平地面上，与地面间的 动摩擦因数μ=0.1.B 上表面的下方 存在着竖直向上的匀强电场。
电场 强度的大小E=2×103N/C.B 上表面的上方存在着竖直向下的匀强电场。
电场强度的大小为21E.B 上表面开有一系列大于A 的小孔.孔间距满足一定的关系.使得A 进出B 的过程中始终不与B 接触.当A 以1v =1m/s 的速度从孔1竖直向下进入B 的瞬间，B 恰以2v =0.6m/s 的速度向右滑行.设B 足够长，足够高且上表面的厚度忽略不计.取g=10m/s 2.A 恰能顺次从各个小空进出B.试求：（1）从A 第一次进入B 至B 停止运动的过程中，B 通过的总路程s ； （2）B 上至少要开多少小孔，才能保证A 始终不与B 接触； （3）从右到左，B 上表面各相邻小孔之间的距离分别为多大？ 25.（18分）如图所示，将质量均为m 厚度不计的两物块A 、B 用轻 质弹簧相连接，只用手托着B 物块于H 高处，A 在弹簧弹力 的作用下处于静止，将弹簧锁定．现由静止释放A 、B ， B 物块着地时解除弹簧锁定，且B 物块的速度立即变为0， 在随后的过程中当弹簧恢复到原长时A 物块运动的速度为 v 0，且B 物块恰能离开地面但不继续上升，己知弹簧具有相 同形变量时弹性势能也相同．求：(1)从B 物块着地到B 物块恰能离开地面但不继续上升的过程中，A 物块运动的位移△x ；y/cm(2)第二次用手拿着A 、B 两物块，使得弹簧竖直并处于原长状态，此时物块B 离地面的距离也为H ，然后由静止同时释放A 、B ，B 物块着地后速度同样立即变为0．求第二次释放A 、B 后，B 刚要离地时A 的速度v 2．(二)选考题：共45分。
请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选1题解答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目涂黑。
注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题。
如果多做，则每学科按所做的第一题计分。
33.【物理——选修3-3】（15分）（1）(5分) 关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是( )（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A ．只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积B ．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C ．一定质量的理想气体，保持气体的压强不变，温度越高，体积越大D ．一定温度下，饱和汽的压强是一定的E ．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间只有引力， 没有斥力，所以液体表面具有收缩的趋势（2）（10分）如图所示，一直立的气缸用一质量为m 的活塞 封闭一定质量的理想气体，活塞横截面积为S 。
气体最初的体积 为V 0，气体最初的压强为P 0/2.；气缸内壁光滑且气缸是导热的。
开始活塞被固定，打开固定螺栓K ，活塞下落，经过足够长时间 后活塞停在B 处。
设周围环境温度保持不变。
已知大气压强为 P 0，，重力加速度为g ，求：活塞停在B 点时活塞下落的距离h 。
34.【物理——选修3-4】（15分）(1)（5分）两列相干波在同一水平面上传播，某时刻它们的波峰、波谷位置如图所示．图中M 是波峰与波峰相遇点，是凸起最高的位置之一．下列说法正确的是（ ）（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A. 发生干涉的两列波的频率一定是相同的B. 图中M 、P 、Q 是振动加强的点 N 、O 是振动减弱的点C. 图中N 点的位移始终都是零D. 由图中时刻经T /4，质点M 和O 点处在平衡位置E. 两列波的传播速度的大小一定相同 (2)（10分）某介质中形成一列简谐波， t=0时刻的波形如图中实线所示[Ⅰ]若波向右传播。
零时刻刚好传到点，且再经过0.6s ，P 点也开始起振， 求：①该列波的周期T ；②从t=0时刻起到P谷的过程中，O 点对平衡位置的位移y 0及其所经过的路程s 0各为多少？[Ⅱ]若此列波的传播速度大小为20m/s ，且波形由实线变为虚线需要经历0.525s 时间，则该列波的传播方向如何？(要写出具体判断过程) 35.【物理——选修3-5】（15分）（1）（5分）下列说法正确的是（ ）（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分） A ．居里夫妇发现了铀和含铀矿物的天然放射现象B ．根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电 子的运动速度增大。