山东省枣庄八中2015届高三上学期期末测试物理试题 Word版含答案
山东省枣庄市枣庄八中2015届高三物理上学期期末测试试题
山东省枣庄八中2015届高三第一学期期末测试物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
共100分。
考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题共60分）注意事项：1．答卷Ⅰ前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。
2．答卷Ⅰ时，每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。
不能答在试题卷上。
3．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（每小题3分，共42分。
下列每小题所给选项1-8只有一项符合题意，9-14有多个选项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上）1．关于科学家的贡献，下列描述中正确的是（）A．卡文迪什利用扭秤巧妙地测得静电力常量k的数值B．开普勒根据行星运动的规律，提出了万有引力定律C．伽利略通过对斜面实验结论的合理外推，得出了自由落体运动的规律D．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转，发现了电流的磁效应2．如图所示，“马踏飞燕”是汉代艺术家集高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超的艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝，飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上，是因为A．马跑得快的缘故B．马蹄大的缘故C．马的重心在飞燕上D．马的重心位置和飞燕在一条竖直线上3．在杭宁高速公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是：A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度4．如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．Q2一定带负电B．Q2的电量一定大于Q1的电量C．b点的电场强度一定为零D．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大5．测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335 m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，A、B相距355 m，已知声速为340 m/s，则汽车的加速度大小为（）A．20 m/s2 B．10 m/s2 C．5 m/s2 D．无法确定6．如图，两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里，abcd 是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l，t=0时刻bc边与磁场区域边界重合。
山东省枣庄四中2015届高三上学期期末考试物理试卷Word版含解析
山东省枣庄四中2015届高三上学期期末物理试卷一、单项选择题（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．关于物理学史，下列说法正确的是( )A．奥斯特首先发现了电磁感应现象B．楞次率先利用磁场产生了感应电流，并能确定感应电流的方向C．法拉第研究了电磁感应现象，并总结出法拉第电磁感应定律D．纽曼和韦伯先后总结出法拉第电磁感应定律考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、法拉第首先发现了电磁感应现象，故A错误；B、法拉第率先利用磁场产生了感应电流，楞次确定感应电流的方向，故B错误；C、法拉第研究了电磁感应现象，纽曼和韦伯先后总结出法拉第电磁感应定律，故C错误，D正确；故选：D．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．某质点做直线运动的位移时间关系式为x=t2+2t+2（m），则关于该质点的运动下列描述正确的是( )A．质点做匀加速直线运动，加速度大小为a=1m/s2，初速度为v0=2m/sB．质点在2s末的速度为v=6m/sC．质点在前2s内的位移为s=10mD．质点在第2s内的平均速度为=2.5m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点的初速度和加速度，结合速度时间公式求出质点在2s末的速度，根据位移表达式求出2s内的位移．根据平均速度的定义式求出第2s内的平均速度．解答：解：A、根据x=知，质点做匀加速直线运动的初速度v0=2m/s，加速度a=2m/s2，故A错误．B、2s末质点的速度v=v0+at=2+2×2m/s=6m/s，故B正确．C、质点在前2s内的位移s=（4+4+2）﹣2m=8m，故C错误．D、质点在第2s内的位移s2=（4+4+2）﹣（1+2+2）m=5m，则第2s内的平均速度，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，基础题．3．2014年春晚中开心麻花团队打造的创意形体秀《魔幻三兄弟》给观众留下了很深的印象．该剧采用了“斜躺”的表演方式，三位演员躺在倾角为30°的斜面上完成一系列动作，摄像机垂直于斜面拍摄，让观众产生演员在竖直墙面前表演的错觉．如图所示，演员甲被演员乙和演员丙“竖直向上”抛出，到最高点后恰好悬停在“空中”．已知演员甲的质量m=60kg，该过程中观众看到演员甲上升的“高度”为0.8m．设演员甲和斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力．则该过程中，下列说法不正确的是( )A．演员甲被抛出的初速度为4m/sB．演员甲运动的时间为0.4sC．演员甲的重力势能增加了480JD．演员乙和演员丙对甲做的功为480J考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据最高点能够悬停得出重力沿斜面方向的分力和摩擦力的关系，根据牛顿第二定律得出演员上滑的加速度，结合速度位移公式求出演员甲的初速度，结合速度时间公式求出演员甲的运动时间．根据上升的高度求出演员甲的重力势能的增加量．根据动能定理求出演员乙和演员丙对甲做功的大小．解答：解：A、因为到达最高点后，恰好悬停，则有：mgsin30°=μmgcos30°，向上滑动的过程中，加速度a=．根据得，初速度=4m/s．故A正确．B、演员甲的运动时间t=．故B正确．C、演员甲的重力势能增加量J=240J．故C错误．D、演员乙和演员丙对甲做的功W=．故D正确．本题选不正确的，故选：C．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，以及知道重力做功与重力势能的关系．4．如图所示，水平地面上放着一堆圆木，关于圆木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法中正确的是( )A．M处受到地面的弹力竖直向上B．N处受到其它圆木的弹力竖直向上C．M处受到地面的摩擦力沿MN方向D．N处受到其它圆木的摩擦力沿水平方向考点：力的合成与分解的运用．专题：受力分析方法专题．分析：支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误．解答：解：A、M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；N、N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故B错误；C、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故C错误；D、因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题．支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物．静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反．5．2011年11月3日，我国发射的“天宫一号”目标飞行器与发射的“神舟八号”飞船成功进行了第一次无人交会对接．假设对接前“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的轨道如图所示，虚线A代表“天宫一号”的轨道，虚线B代表“神舟八号”的轨道，下列说法中正确的是( )A．“天宫一号”和“神舟八号”的运行速率均大于7.9km/sB．“天宫一号”的运行速率小于“神舟八号”的运行速率C．“天宫一号”的运行周期小于“神舟八号”的运行周期D．“天宫一号”的向心加速度大于“神舟八号”的向心加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，列式得到速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，进行分析即可．第一宇宙速度是卫星环绕地球做圆周运动最大的运行速度．解答：解：A、第一宇宙速度是卫星环绕地球做圆周运动最大的运行速度．故“天宫一号”和“神舟八号”的运行速率均小于第一宇宙速度7.9km/s．故A错误．BCD、由万有引力提供向心力得，=ma则得v=，T=2π，a=可知，轨道半径越大，运行速率越小，周期越大，向心加速度越小，故B正确，CD错误．故选：B．点评：解决本题的关键要结合万有引力提供向心力表示出速率、周期、加速度去解决问题．6．如图所示为用“与”门、蜂鸣器等组件组成的简易控制电路．当蜂鸣器L不鸣叫时，电键S1、S2所处的状态为( )A．S1断开，S2闭合B．S1、S2都断开C．S1闭合，S2断开D．S1、S2都闭合考点：简单的逻辑电路．分析：使蜂鸣器L发声，那么L两端要有足够大的电势差，由图可知，蜂鸣器上端的电压为高电势，那么要有电压差，蜂鸣器下端的电压应该为低电势，所以与门的输出端电压只要是低电压就可以了!那么根据与门的特性，输入端只要有低电压，那么输出端就为低电压．解答：解：要使蜂鸣器L发声，那么L两端要有电势差，由图可知，蜂鸣器上端的电势为5V，那么要有电压差，蜂鸣器下端的电压应该为低电势，即图中与门的输出应为低电势．根据与门特点，只要有一个输入端为低电势，输出就为低电势．AB中，s1断开，可以使与门输入端为低电势．同理D中s2闭合，可以使与门输入端为低电势．不符合要求，而C符合要求．故选：C点评：本题考查了与门电路的特点，此类题目看似较难，只要知道了门电路的特点，还是比较好做．7．以初速度v0竖直向上抛出一小球，小球所受空气阻力与速度的大小成正比．下列图象中，能正确反应小球从抛出到落回原处的速度随时间变化情况的是( )A．B．C．D．考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：有阻力时，根据牛顿第二定律分析加速度情况，v﹣t图象的斜率表示加速度，即可选择图象．解答：解：有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度而减小，故加速度逐渐减小，v﹣t图象的斜率减小；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二定律，有：mg﹣f=ma，故a=g﹣，由于阻力随着速度而增大，故加速度减小，v﹣t图象的斜率减小，故A正确．故选：A．点评：本题关键是受力分析后得到加速度的表达式，然后结合速度的变化得到阻力变化，最后判断出加速度的变化规律．8．如图所示，两个带电量分别为2q和﹣q的点电荷固定在x轴上，相距为2L．下列图象中，能正确反映两个电荷连线上场强大小E与x关系的是( )A．B．C．D．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：结合等量异种电荷的电场线分布情况分析，电场线的疏密程度反映场强的大小，电场线的切线方向反映电场强度的方向．解答：解：由异种点电荷的电场强度的关系可知，在两电荷连线中点偏﹣q处电场强度最小，但不是零，从两点电荷向中点偏负电电场强度逐渐减小；故选：C．点评：本题关键是结合等量异种电荷的电场线分布情况分析，也可以结合点电荷的电场强度公式列式求解．二、单项选择题（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．某人平伸手掌托起一物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体向上抛出．对此现象分析正确的是( )A．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态B．物体离开手的瞬间，手对物体的作用力竖直向下C．物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D．物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：超重指的是物体加速度方向向上，失重指的是加速度方向下，但运动方向不可确定．由牛顿第二定律列式分析即可．解答：解：A、物体向上先加速后减速，加速度先向上，后向下，根据牛顿运动定律可知物体先处于超重状态，后处于失重状态，故A错误．B、物体离开手的瞬间，物体向上运动，但是加速度的方向向下，分离时物体只受到重力的作用，使用物体的加速度等于重力加速度，但手的加速度大于重力加速度应大于重力加速度，手对物体没有作用力．故B错误；C、D、重物和手有共同的速度和加速度时，二者不会分离，故物体离开手的瞬间，物体向上运动，物体的加速度等于重力加速度，但手的加速度大于重力加速度应大于重力加速度，并且方向竖直向下，故C错误，D正确．故选：D．点评：超重和失重仅仅指的是一种现象，但物体本身的重力是不变的，这一点必须明确．重物和手有共同的速度和加速的时，二者不会分离．10．一单摆的摆球质量为m、摆长为l，球心离地心为r．已知地球的质量为M，引力常量为G，关于单摆做简谐运动的周期T与r的关系，下列公式中正确的是( )A．T=2πr B．T=2πr C．T=2πl D．T=2πl考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题；单摆问题．分析：先根据万有引力等于重力列式求解重力加速度，再根据单摆的周期公式列式，最后联立得到单摆振动周期T与距离r的关系式．解答：解：在地球表面，重力等于万有引力，故：mg=G解得：g=①单摆的周期为：T=2π②联立①②解得：T=2πr故选：B．点评：本题关键是记住两个公式，地球表面的重力加速度公式和单摆的周期公式，基础题目．11．如图所示，水平地面上一个倾角为θ的斜面体紧贴竖直墙壁，斜面体和墙壁之间再放一个质量为m的铁球，各接触面均光滑．现对铁球施加水平推力F的作用，整个系统始终处于静止状态，下列说法中正确的是( )A．斜面体对铁球施加的弹力一定大于mgB．斜面体对铁球施加的弹力可能小于mgC．水平推力逐渐增大时，铁球对斜面体施加的弹力一定增大D．水平推力逐渐增大时，斜面体对墙壁施加的弹力一定增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：由题意可知，小球处于平衡状态；则可知小球所受各力的合力为零；对小球进行受力分析，小球受重力、推力、竖直墙的支持力及斜面对小球的支持力；可采用分解法将斜面支持力向水平方向和竖直方向分解，分别列出水平和竖直方向上的平衡方程，即可得出各力的大小关系．解答：解：对球受力分析，如图根据共点力平衡条件，有N1+N2cosθ=FN2sinθ﹣mg=0解得：N2=＞mg，即斜面对球的压力一定大于G，故A正确，B错误，当F增加时N2大小不变，故C错误；因为随F增大时，球对斜面体的作用力保持不变，故以斜面体为研究对象，当F增加时斜面体受到的作用力保持不变，故斜面体对墙壁施加的弹力保持不变，故D错误．故选：A．点评：在解答平衡类的问题时，要注意准确的进行受力分析；而物体处于平衡状态时物体所受合力为零，若力为三个一般采用合成的方式，若力为三个以上，一般采用正交分解的方式，列出平衡方程即可求解．12．如图所示，质量为m、长为L的直导线用两根轻质绝缘细线悬挂于O、O′，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时，细线与竖直方向的夹角为θ．则磁感应强度的方向和大小可能为( )A．z正向，tanθB．y正向，C．x正向，tanθD．沿悬线向上，sinθ考点：共点力平衡的条件及其应用；安培力．分析：根据左手定则，结合磁场的方向分析能否使导线保持静止．根据平衡条件和安培力公式列式求解磁感应强度的大小．解答：解：A、磁感应强度方向为z正向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y负方向，直导线不能平衡，所以A错误；B、当磁场沿y正方向时，由左手定则可知，导线受到的安培力竖直向上，当BIL=mg，B=导线静止，悬线的拉力为零，故B正确；C、当磁场沿x正方向时，磁场与电流平行，导线不受安培力，导线不可能向右偏转，悬线与竖直方向的夹角θ=0°，不符合题意，故C错误；D、当沿悬线向上时，由左手定则可知，安培力垂直于导线斜向上方，如图所示，由平衡条件得：BIL=mgtanθ，则B=，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键通过左手定则判断出安培力的方向，结合共点力平衡进行分析．对于选择题可以采用定性分析B的方向和定量计算B的大小，结合判断．13．图示为竖直放置、上细下粗、两端封闭的玻璃细管，水银柱将气体分隔成A、B两部分，初始温度相同．缓缓加热气体，使A、B升高相同温度，系统稳定后，A、B两部分气体对液面压力的变化量分别为△F A和△F B，压强变化量分别为△p A和△p B．则( )A．水银柱向下移动了一段距离B．水银柱不发生移动C．△F A＜△F B D．△p A=△p B考点：封闭气体压强．分析：本题可采取假设法，假设气体的体积不变，根据等容变化判断出上下气体的压强变化量以及压力变化量，从而判断出水银柱的移动方向．关于体积的变化量关系，可抓住总体积不变去分析．解答：解：首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，得对气体A：=；对气体B：=初始状态满足P B=P A+h，可见使A、B升高相同温度，P A′=P A；P B′=P B=（P A+h）．因此△P B＞△P A，因此△F A＜△F B，液柱将向上移动，故ABD错误，C正确；故选：C．点评：解决本题的关键是选择合适的方法，假设法在本题中得到了很好的应用．14．如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，abcd所围区域内存在垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方的水平桌面上放置一导体圆环．若圆环与桌面间的压力大于圆环的重力，abcd区域内磁场的磁感强度随时间变化关系可能是( )A． B． C．D．考点：楞次定律．分析：abcd回路中磁场变化，会产生感应电流，感应电流通过线圈，在线圈中会产生磁场，产生的磁场通过导体圆环，根据圆环与桌面间的压力大于圆环的重力，可知通过圆环的磁通量是增加的；结合楞次定律的另一种表述，感应电流的效果总是要反抗（或阻碍）产生感应电流的原因．从而判断出原磁场（线圈中的磁场）是增加还是减小，从而判断出线圈中的电流是增加还是减小，再来判断abcd区域内磁场的磁感强度的变化情况．解答：解：圆环与桌面间的压力大于圆环的重力，得知导体圆环将受到向下的磁场作用力，根据楞次定律的另一种表述，可见螺旋管中的磁场磁通量在增大，即螺线管和abcd构成的回路中产生的感应电流在增大．根据法拉第电磁感应定律，E=N，则感应电流I=N，可知增大时（即B变化的越来越快），感应电流才减小．ACD选项中的减小（B变化的越来越慢），B选项中的增大（B变化的越来越快），所以B正确，ACD错误．故选：B．点评：该题涉及到的磁场较多（涉及到三个磁场），同时涉及到了两个感应电流，所以解答过程中一定要搞清楚磁场是哪个电流的变化产生的．因哪个磁场的变化而产生了哪个感应电流．答该题还应注意对楞次定律的理解和应用，楞次定律的内容是“感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化”，可以从以下几个方面来理解：1、注意是“阻碍”，不是“阻止”，更不是“相反”，而是“延缓”的意思．2、从原磁通量的变化来看，应这样理解：当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反，当原磁场减小时，感应电流的磁场就与原来的磁场方向相反．即为“增反减同”．3、从磁体和导体的相对运动来理解：感应电流总是要阻碍导体和磁极间的相对运动，即为“来则阻，去则留”．4、从能量转化的角度来理解：产生感应电流的过程，是其它形式的能转化为电能的过程．在解答问题的过程中，要灵活的利用对楞次定律的各种理解，这样能做到事半功倍的效果15．如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，现用一支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度v匀速移动，移动过程中铅笔的高度始终不变．铅笔移动到图中虚线位置时( )A．橡皮的速度竖直向上B．橡皮水平方向的速度大小为vcosθC．橡皮竖直方向的速度大小为vsinθD．橡皮的速度可能小于v考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将铅笔与绳子接触的点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳子方向，求出沿绳子方向上的分速度，而沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，橡皮在水平方向上的分速度为v，根据平行四边形定则求出橡皮的速度．解答：解：将铅笔与绳子接触的点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳子方向，如图：则沿绳子方向上的分速度为vsinθ，因为沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，即为vsinθ；而橡皮在水平方向上的速度为v等于铅笔移动的速度，即为v，根据平行四边形定则，合速度为v合=，故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道铅笔与绳子接触的点的速度在沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，然后根据平行四边形定则进行求解．16．图示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图．当质点R在t=0时刻的振动状态传播到S点时，PR范围内（含P、R）有一些质点正向y轴负方向运动．关于这些质点平衡位置坐标的取值范围，正确的是( )A．2cm≤x≤4cm B．2.5cm＜x＜3.5cmC．2cm≤x＜3cm D．3cm＜x≤4cm考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由RS间的距离可知传到S点所用时间，由S点的振动可知，此时波动图象，由图象可知向负方向运动的x坐标范围．解答：解：根据上下坡法知，此时PR范围内正在向y轴负方向运动的x坐标范围为：2cm ＜x＜3cm和3cm≤x＜4cm，故C正确．故选：C点评：机械波图象为选修3﹣4的难点之一，应重点把握．根据波的传播方向要能判断出质点的振动方向，抓住波在一个周期内传播一个波长的距离进行分析．三、多项选择题（共16分，每小题4分．每小题有二个或三个正确选项．全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分．）17．如图所示，一根弹性绳上存在两个波源S1和S2，P点为两个波源连线的中点．两个波源同时起振发出两个相向传播的脉冲波，已知两个脉冲波的频率分别为f1和f2（f1＜f2），振幅分别A1和A2（A1＜A2）．下列说法中正确的是( )A．两列波相遇后，各自独立传播B．两列波同时到达P点C．两列波相遇时，发生干涉现象D．两列波相遇过程中，P点振幅可达（A1+A2）考点：波的叠加．分析：两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱．只有频率相同的波，才能发生干涉现象，振幅即为最大位移的大小，并依据波传播具有相互独立性，从而即可求解．解答：解：A、根据波传播具有相互独立性，则相遇后，互不干扰，各自独立传播．故A 正确；B、两波源在同一绳上，则它们的波速相等，由于P为两个波源连线的中点，所以它们会同时到达P点，故B正确；C、两列波相遇时，因频率不同，只能相互叠加，不发生干涉现象，故C错误；D、虽两波源到P点的距离相等，但它们的波峰不能同时到达P点，所以P点的位移最大不可达（A1+A2），故D错误；故选：AB．点评：波的叠加满足矢量法则，当振动情况相同则相加，振动情况相反时则相减，且两列波互不干扰，注意容易错选D，学生没有考虑能否同时到达．18．如图所示，R0和R2为两个定值电阻，电源的电动势为E，内电阻为r，滑动变阻器的最大阻值为R1，且R1＞（R0+r）．现将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动，关于安培表A1、A2示数的变化情况，下列说法中正确的是( )A．A1示数不断减小B．A1示数先减小后增大C．A2示数不断增大D．A2示数先增大后减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：滑动变阻器的滑片P由b端逐渐向a端移动过程中，总电阻减小，总电流增大，根据串联电路分压特点，分析变阻器与R2并联部分电压的变化，分析A2的示数变化情况．采用特殊值法，分析A1的示数变化情况．解答：解：滑动变阻器的滑片P由b端逐渐向a端移动过程中，变阻器上部分电阻减小，下部分电阻增大，由于下部分与电阻R2并联，并联电阻小于支路电阻，可知并联部分增加量小于变阻器上部分电阻的减小量，总电阻减小，总电流增大，由欧姆定律可知部分电压必定增大，则A2的示数一直不断增大．假设R2=R1=2R0．当滑片位于b端时R2被短路，A1示数I1=；当滑片位于a、b中点时，A1示数I2==；当滑片位于a端时，A1示数I3=；可知A1示数先减小后增大，故BC正确．故选：BC点评：本题是电路动态分析问题，关键要抓住并联总电阻小于任一支路的电阻，灵活运用特殊值法分析电流的变化．19．如图所示，一个由绝缘材料做成的曲线环水平放置，OAB为环的对称轴，A点位于环内，B点位于环外．在A、B两点分别固定两个点电荷Q A和Q B，已知A点固定的电荷为正电荷，一个带正电的小球P穿在环上，可沿环无摩擦滑动．给小球P以一定的初始速度，小球恰好沿环匀速率运动，下列判断中正确的是( )A．B点固定的电荷Q B一定为正电荷B．B点固定的电荷Q B一定为负电荷C．Q A和Q B产生的电场，在环上的电场强度处处相等D．Q A和Q B产生的电场，在环上的电势处处相等考点：电势；电场线．分析：由球沿圆环做匀速圆周运动，则合外力充当向心力；根据物体的受力情况可得出电场的分布情况．解答：解：A、沿圆环做匀速圆周运动，电荷在圆周上任一点受的电场力大小相等，故点电荷在圆周上的场强大小相等，方向不同，故Q1与Q2为异种电荷，B点固定的电荷Q B一定为负电荷，AC错误，B正确；D、沿圆环做匀速圆周运动，电场力不做功，所以在圆环上电势处处相等，D正确；故选：BD．点评：考查做匀速圆周运动的合力总是指向圆心，掌握电势、电场强度大小比较的方法，注意前者是标量，而后者是矢量，关注矢量的方向性．。
5届高三上学期期末考试物理试题(附答案) (1)
山东省枣庄市枣庄五中2015届高三第一学期期末考试物理试题一、选择题（本题共12小题,共计48分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于物理学史，下列说法正确的是A．奥斯特首先发现了电磁感应现象B．楞次率先利用磁场产生了感应电流，并能确定感应电流的方向C．法拉第研究了电磁感应现象，并总结出法拉第电磁感应定律D．纽曼和韦伯先后总结出法拉第电磁感应定律2．如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N以及绳对小球的拉力F T的变化情况是A．F N保持不变，F T不断增大B．F N不断增大，F T不断减小C．F N保持不变，F T先增大后减小D．F N不断增大，F T先减小后增大3．我国2013年6月发射的“神州十号”飞船绕地球飞行的周期约为90分钟，取地球半径为6400km，地表重力加速度为g。
设飞船绕地球做匀速圆周运动，则由以上数据无法估测A．飞船线速度的大小B．飞船的质量C．飞船轨道离地面的高度D．飞船的向心加速度大小4．一物体在以xOy为直角坐标系的平面上运动，其运动规律为x=－2t2－4t，y=3t2+6t（式中的物理量单位均为国际单位）。
关于物体的运动，下列说法正确的是A．物体在x轴方向上做匀减速直线运动B．物体在y轴方向上做匀加速直线运动C．物体运动的轨迹是一条直线D．物体运动的轨迹是一条曲线5．“天宫一号”被长征二号火箭发射后，准确进入预定轨道，如图所示，“天宫一号”在轨道1上运行4周后，在Q点开启发动机短时间加速，关闭发动机后，“天宫一号”沿椭圆轨道2运行到达P点，开启发动机再次加速，进入轨道3绕地球做圆周运动。
“天宫一号”在图示轨道1、2、3上正常运行时，下列说法正确的是A．“天宫一号”在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．“天宫一号”在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．“天宫一号”在轨道1上经过Q点的加速度大于它在轨道2上经过Q点的加速度D．“天宫一号”在轨道2上经过P点的加速度等于它在轨道3上经过P点的加速度6．如图所示，两个质量相同的小球A和B，分别用细线悬在等高的O1、O2两点，A球的悬线比B球的悬线长，把两球的悬线拉到水平后将小球无初速度的释放，则经过最低点时（以悬点所在水平面为零势能面），下列说法正确的是A．A球的速度大于B球的速度B．悬线对A球的拉力大于对B球的拉力C．A球的向心加速度等于B球的向心加速度D．A球的机械能大于B球的机械能7．水平面上A、B、C三点固定着三个电荷量均为Q的正点电荷，将另一质量为m的带正电的小球（可视为点电荷）放置在O点，OABC恰构成一棱长为L的正四面体，如图所示。
山东省枣庄八中2015届高三物理上学期第二次段考试题(含解析)新人教版
2014-2015学年山东省枣庄八中高三〔上〕第二次段考物理试卷一、选择题〔此题包括11小题；每一小题4分，共44分．在每一小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分〕1．〔4分〕〔2014秋•乳山市期中〕2008年9月25日21时10分，“神舟〞七号载人航天飞船在中国西昌卫星发射中心用“长征〞二号F型火箭发射成功，9月27日翟志刚成功实施太空行走．“神舟〞七号载人航天飞船在离地球外表h高处的轨道上做周期为T的匀速圆周运动，地球半径为R，万有引力常量为G．如此〔〕A．“神舟〞七号在该轨道上运行的线速度大小为B．“神舟〞七号在该轨道上运行的线速度小于第一宇宙速度C．“神舟〞七号在该轨道上运行的向心加速度为D．地球外表的重力加速度为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．版权所有专题：人造卫星问题．分析：A、根据v=，求出“神舟〞七号的线速度．B、根据万有引力提供向心力，比拟线速度．C、根据a=求出“神舟〞七号的向心加速度．D、根据万有引力提供向心力，求出地球的质量，再根据万有引力等于重力G，求出地球外表的重力加速度．解答：解：A、神舟七号的轨道半径等于r=R+h，v==．故A错误．B、根据万有引力提供向心力，得，神舟七号的轨道半径大于地球半径，所以“神舟〞七号在该轨道上运行的线速度小于第一宇宙速度．故B正确．C、a==．故C正确．D、根据，M=，再根据万有引力等于重力G，g=．故D正确．应当选BCD．点评：解决此题的关键掌握万有引力提供向心力以与万有引力等于重力G．2．〔4分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕如图，一物体从光滑斜面AB底端A点以初速度v0上滑，沿斜面上升的最大高度为h．如下说法中正确的答案是〔设如下情境中物体从A点上滑的初速度仍为v0〕〔〕A．假设把斜面CB局部截去，物体冲过C点后上升的最大高度仍为hB．假设把斜面AB变成曲面AEB，物体沿此曲面上升仍能到达B点C．假设把斜面弯成圆弧形D，物体仍沿圆弧升高hD．假设把斜面从C点以上局部弯成与C点相切的圆弧状，物体上升的最大高度有可能仍为h考点：机械能守恒定律．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：物体上升过程中轨道的支持力不做功，只有重力做功，机械能守恒；斜抛运动运动最高点，速度不为零；AD轨道最高点，合力充当向心力，速度也不为零．解答：解：A、假设把斜面CB局部截去，物体冲过C点后做斜抛运动，斜抛运动的最高点有水平分速度，速度不为零，由于物体机械能守恒可知，故不能到达h高处，故A错误；B、假设把斜面AB变成曲面AEB，物体在最高点速度为零，根据机械能守恒定律，物体沿此曲面上升仍能到达B点，故B正确；C、假设把斜面弯成圆弧形D，如果能到圆弧最高点，根据机械能守恒定律得知：到达h处的速度应为零，而物体要到达最高点，必须由合力充当向心力，速度不为零，故知物体不可能到D点，故C错误；D、假设把斜面从C点以上局部弯成与C点相切的圆弧状，假设B点不高于此圆的圆心，如此到达B点的速度可以为零，根据机械能守恒定律，物体沿斜面上升的最大高度仍然可以为h，故D正确；应当选：BD．点评：此题关键是根据机械能守恒定律分析，同时要知道斜抛运动和沿圆弧内侧运动到达最高点时，速度都不为零．3．〔4分〕〔2012•天心区校级模拟〕如下列图，放置在水平地面上的支架质量为M，支架顶端用细线拴着的摆球质量为m，现将摆球拉至水平位置，而后释放，摆球运动过程中，支架始终不动．以下说法正确的应是〔〕A．在释放瞬间，支架对地面压力为〔m+M〕gB．在释放瞬间，支架对地面压力为MgC．摆球到达最低点时，支架对地面压力为〔m+M〕gD．摆球到达最低点时，支架对地面压力为〔3m+M〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；牛顿第二定律；向心力．版权所有专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：由题，摆球运动过程中，支架始终不动，在释放摆球的瞬间，分析支架竖直方向受力情况，由平衡条件求解地面对支架的支持力，再由牛顿第三定律得到支架对地面的压力．摆球从释放到到达最低点时，机械能守恒，由机械能守恒定律和牛顿第二定律求出摆球到达最低点时细线的拉力，再求解支架对地面的压力．解答：解：A、B在释放摆球的瞬间，支架竖直方向受到重力Mg和地面的支持力N1，由平衡条件知，N=Mg，根据牛顿第三定律得知，支架对地面的压力N1′=N1=Mg．故A错误，B正确．C、D设摆球到达最低点时速度大小为v，摆长为L，由机械能守恒定律得：mgL=…①摆球到达最低点时，有：F﹣mg=m…②联立①②得细线的拉力：F=3mg结合牛顿第三定律，得支架对地面的压力大小为：N2=Mg+F=〔3m+M〕g．故C错误，D正确．应当选BD点评：此题考查平衡条件、机械能守恒定律和牛顿运动定律，摆球到达最低点时细线的拉力等于3mg，与摆长无关，是经常用到的结论．4．〔4分〕〔2009•中山市模拟〕中央电视台《今日说法》栏目最近报道了一起发生在湖南长沙某区湘府路上的离奇交通事故．家住公路拐弯处的张先生和李先生家在三个月内连续遭遇了七次大卡车侧翻在自家门口的场面，第八次有辆卡车冲进李先生家，造成三死一伤和房屋严重损毁的血腥惨案．经公安部门和交通部门协力调查，画出的现场示意图如下列图．交警根据图示作出以下判断，你认为正确的答案是〔〕A．由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车做离心运动B．由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车做向心运动C．公路在设计上可能内〔东〕高外〔西〕低D．公路在设计上可能外〔西〕高内〔东〕低考点：牛顿第二定律；向心力；离心现象．版权所有专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：汽车拐弯时发生侧翻是由于车速较快，提供的力不够做圆周运动所需的向心力，发生离心运动．有可能是内测高外侧低，支持力和重力的合力向外，最终的合力不够提供向心力．解答：解：A、汽车发生侧翻是因为提供的力不够做圆周运动所需的向心力，发生离心运动．故A正确，B错误．C、汽车在水平路面上拐弯时，靠静摩擦力提供向心力，现在易发生侧翻可能是路面设计不合理，公路的设计上可能内侧〔东〕高外侧〔西〕低，重力沿斜面方向的分力背离圆心，导致合力不够提供向心力而致．故C正确，D错误．应当选AC．点评：解决此题的关键知道当提供的力等于圆周运动所需要的力，物体做圆周运动，当提供的力不够圆周运动所需要的力，物体做离心运动．5．〔4分〕〔2012•浙江〕如下列图，在火星与木星轨道之间有一小行星带．假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动．如下说法正确的答案是〔〕A．太阳对各小行星的引力一样B．各小行星绕太阳运动的周期均小于一年C．小行星带内侧小行星的向心加速度大于外侧小行星的向心加速度值D．小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值考点：万有引力定律与其应用．版权所有专题：万有引力定律的应用专题．分析：研究卫星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期、加速度、向心力等物理量．根据轨道半径的关系判断各物理量的大小关系．解答：解：A、由于各小行星的质量不同，所以太阳对各小行星的引力可能不同，故A错误；B、根据万有引力提供向心力得：=T=2π离太阳越远，周期越大，所以各小行星绕太阳运动的周期大于地球的公转周期，故B错误；C、根据万有引力提供向心力得：=maa=，所以小行星带内侧小行星的向心加速度大于外侧小行星的向心加速度值，故C 正确；D、根据万有引力提供向心力得：=mv=所以小行星带内各小行星圆周运动的线速度值小于地球公转的线速度值，故D错误．应当选：C．点评：比拟一个物理量，我们应该把这个物理量先用的物理量表示出来，再进展比拟．向心力的公式选取要根据题目提供的物理量或所求解的物理量选取应用．6．〔4分〕〔2013•西安一模〕一个质量为m的小铁块沿半径为R的固定半圆轨道上边缘由静止滑下，到半圆底部时，轨道所受压力为铁块重力的1.5倍，如此此过程中铁块损失的机械能为〔〕A．mgR B．mgRC．mgRD．mgR考点：机械能守恒定律．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：当滑到半球底部时，半圆轨道底部所受压力为铁块重力的1.5倍，根据牛顿第二定律可以求出铁块的速度；铁块下滑过程中，只有重力和摩擦力做功，重力做功不影响机械能的减小，损失的机械能等于抑制摩擦力做的功，根据动能定理可以求出铁块抑制摩擦力做的功．解答：解：铁块滑到半球底部时，半圆轨道底部所受压力为铁块重力的1.5倍，根据牛顿第二定律，有N﹣mg=m…①压力等于支持力，根据题意，有N=1.5mg…②对铁块的下滑过程运用动能定理，得到mgR﹣W=…③由①②③式联立解得抑制摩擦力做的功：W=所以损失的机械能为应当选D点评：根据向心力公式求出末速度，再根据动能定理求出抑制摩擦力做的功即可．7．〔4分〕〔2014•秦州区校级模拟〕一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离．假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，如下说法正确的答案是〔〕A．运动员到达最低点前重力势能始终减小B．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C．蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D．蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关考点：机械能守恒定律；弹性势能．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：运动员人高台下落过程中，重力做正功，重力势能始终减小．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加．以运动员、地球和蹦极绳所组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒．重力势能的改变与重力做功有关，取决于初末位置．解答：解：A、运动员到达最低点前，重力对运动员一直做正功，运动员的重力势能始终减小．故A正确．B、蹦极绳张紧后的下落过程中，弹力方向向上，运动员的位移向下，弹性力对运动员做负功，弹性势能增加．故B正确．C、以运动员、地球和蹦极绳所组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒．故C正确．D、重力势能的改变与重力做功有关，取决于初末位置的高度差，与重力势能零点的选取无关．故D错误．应当选ABC．点评：此题类似于小球掉在弹簧上的类型．重力与弹力特点相似，这两种力做正功时，势能减小，做负功时，势能增加．8．〔4分〕〔2012•泰安二模〕2012年2月8日，欧洲航天局的“火星快车〞号探测飞船利用雷达探测到火星外表有海床沉积物的迹物，为证明火星外表曾经被海洋覆盖提供了有力证据．如下列图，“火星快车〞号探测飞船到达火星附近后，先沿椭圆轨道I运动，P是近地点、Q是远地点，变轨后沿圆形轨道Ⅱ运动，如下正确的答案是〔〕A．飞船在轨道I上从P到Q过程中，动能减小B．飞船沿轨道I运行的周期小于沿轨道Ⅱ运行的周期C．飞船沿轨道I经P点时的速度大于沿轨道Ⅱ经P点时的速度D．飞船沿轨道I经P点时的加速度大于沿轨道Ⅱ经P点时的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．版权所有专题：人造卫星问题．分析：飞船从P到Q过程中万有引力做负功，飞船的动能减小．根据开普勒第三定律，轨道半长轴r越大周期越大．飞船要在P点加速做离心运动，才能从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ．根据万有引力提供向心力，得a=，距离r相等，如此加速度相等，r大如此加速度小．解答：解：A、飞船在轨道Ⅰ上从P到Q的过程中万有引力做负功，根据动能定理可知，飞船的动能减小，故A正确；B、由开普勒第三定律，可知飞船沿轨道Ⅰ运行的周期大于沿轨道Ⅱ运行的周期，故B错误；C、飞船从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，要在P点加速做离心运动，所以飞船沿轨道Ⅰ经P点时的速度大于沿轨道Ⅱ经P点时的速度，故C正确；D、根据万有引力提供向心力，可知无论在哪个轨道飞船在P处的加速度都为a=G，故D选错误．应当选：AC．点评：此题要掌握开普勒第三定律，理解公式中各个量的含义，轨道半长轴r越大周期越大，其中k由中心天体的质量决定，与环绕天体无关．9．〔4分〕〔2014春•江北区校级期末〕在某某旅游时，最刺激的莫过于滑沙运动．某人坐在滑沙板上从沙坡斜面的顶端由静止沿直线下滑到斜面底端时，速度为2v0，设人下滑时所受阻力恒定不变，沙坡长度为L，斜面倾角为α，人的质量为m，滑沙板质量不计，重力加速度为g．如此〔〕A．假设人在斜面顶端被其他人推了一把，沿斜面以v0的初速度下滑，如此人到达斜面底端时的速度大小为3v0B．假设人在斜面顶端被其他人推了一把，沿斜面以v0的初速度下滑，如此人到达斜面底端时的速度大小为v0C．人沿沙坡下滑时所受阻力F f=mgsinα﹣D．人在下滑过程中重力功率的最大值为2mgv0考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．版权所有专题：功率的计算专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出人滑到底端的速度，结合速度位移公式求出人的加速度，根据牛顿第二定律求出阻力的大小．当速度最大时，重力的功率最大，结合重力和最大速度，根据功率的表达式求出重力功率的最大值．解答：解：A、人由静止开始运动时，有：〔2v0〕2=2aL，当初速度为v0时，根据速度位移公式有：v2﹣v02=2aL．联立两式得，v=故A错误，B正确．C、根据速度位移公式得，加速度a=．根据牛顿第二定律得，mgsinα﹣Ff=ma，解得：Ff=mgsin α﹣．故C正确．D、当人滑到底端时，速度最大，最大速度为2v0，如此重力功率的最大值P=mg•2v0•sinα=2mgv0sinα．故D错误．应当选：BC．点评：此题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度可以根据运动求力，也可以根据力求运动．10．〔4分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕如下列图，将一质量为m的小球以一定的初速度自O 点水平向右抛出，小球在运动过程中恰好通过A点，OA与竖直方向夹角为53°，重力加速度大小为g．如此小球抛出时的动能与到达A点时动能的比值为〔〕A．B．C．D．考点：机械能守恒定律；平抛运动．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球做平抛运动，由平抛运动规律可以求出小球的初速度，由动能定理求出小球到达A 点的动能，然后求出小球的动能之比．解答：解：小球做平抛运动，在水平方向有：OA•sin53°=v0t，竖直方向有：OA•cos53°=gt2，初动能：EK0=mv02，从O到A过程，由动能定理得：EKA﹣EK0=mg•OA•cos53°，解得：=；应当选：D点评：此题考查了求小球动能的比值，应用平抛运动规律、动能定理即可正确解题．11．〔4分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕一足够长的水平传送带以恒定速率v运动，将一质量为m的物体轻放到传送带左端，物体在到达最右端前就与传送带有一样的速度；如此物体从左端运动到右端的过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．全过程中传送带对物体做功为mv2B．全过程中物体对传送带做功为﹣mv2C．物体加速阶段摩擦力对物体做功的功率逐渐增大D．物体加速阶段摩擦力对传送带做功的功率恒定不变考点：动能定理的应用．版权所有专题：传送带专题．分析：对工件进展分析，运用动能定理求出摩擦力对工件做的功．对传送带而言，摩擦力做的功为负功．工件从静止到与传送带相对静止这个过程，物块与传送带的位移不等，所以摩擦力对两者做功大小也不等．解答：解；A、传送带足够长，故物体末速度为v，对物体，由动能定理得：W=mv2，故A 正确B、传送带与物体间的作用力大小相等、方向相反，物体在传送带上滑动时，物体与传送带的位移不相等，它们间的作用力大小相等，作用力做功大小不同，故B错误；C、摩擦力大小不变，而物体速度增加，加速阶段摩擦力对物体做功的功率逐渐增大，故C正确D、水平传送带以恒定速率v运动，故摩擦力对传送带做功的功率不变，故D正确应当选：ACD．点评：了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．三、实验题〔此题包括2小题，共12分〕12．〔8分〕〔2014春•邯郸期末〕在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如下列图．O为第一个点，A、B、C为从适宜位置开始选取连续点中的三个点．打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.80m/s2，那么：〔1〕根据图上所得的数据，应取图中O点到B点来验证机械能守恒定律；〔2〕从O点到〔1〕问中所取的点，重物重力势能的减少量△E p= 1.88J，动能增加量△E k= 1.84J 〔结果取三位有效数字〕；〔3〕假设测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v与物体下落的高度h，如此以为纵轴，以h为横轴画出的图象是图2中的A．考点：验证机械能守恒定律．版权所有专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：该实验的原理是验证物体下降的距离从O点到B点，动能的增加量和重力势能的减小量是否相等．根据△E p=mg△h求重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而求出动能的增加量．解答：解：〔1〕因为通过某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可以求出B点的速度，所以取图中O点到B点来验证机械能守恒定律．〔2〕重物重力势能的减少量△E p=mg△h=9.80×0.192=1.88J．B点的速度=1.92m/s，如此B点的动能=1.84J．所以动能的增加量△E k=1.84J．〔3〕根据mgh=得，，即与h成正比．故A正确．故答案为：〔1〕B〔2〕1.88 1.84〔3〕A点评：解决此题的关键知道验证机械能守恒定律的实验原理，掌握重力势能减小量和动能增加量的求法．13．〔4分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕为了探究动能定理，现提供如图1所示的器材，让小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，请思考探究思路并回答如下问题〔打点计时器所用交流电频率为50Hz〕：〔1〕关于实验操作如下说法正确的答案是BCDA．应改变橡皮筋拉伸的长度，打出不同的纸带进展分析B．应保持橡皮筋拉伸的长度不变，改变橡皮筋的条数，打出不同的纸带进展分析C．应选取纸带上点迹间隔均匀的一段进展测量，以求出小车匀速运动时的速度D．实验中将木板左端适当垫高的目的是：使重力分力平衡掉小车和纸带受到的摩擦力，提高实验的准确度〔2〕如图2是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间有一个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为：0.87cm、4.79cm、8.89cm、16.91cm、25.83cm、34.75cm，假设打点计时器的打点频率为50Hz，如此由该纸带可知本次实验中小车的速度是 2.23m/s．考点：探究功与速度变化的关系．版权所有专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：用橡皮筋拉小车探究功与速度变化的关系，必须平衡摩擦力，让小车的速度增加仅仅是橡皮筋做功的结果；我们通过改变橡皮筋的条数来改变做功的多少，不用测量变力；小车的速度是加速段获得的最大速度即以后的匀速段的速度．解答：解：〔1〕A、应改变橡皮筋拉伸的长度，打出不同的纸带进展分析，故A错误；B、应保持橡皮筋拉伸的长度不变，改变橡皮筋的条数，打出不同的纸带进展分析，故B正确；C、应选取纸带上点迹间隔均匀的一段进展测量，以求出小车匀速运动时的速度，故C正确；D、实验中将木板左端适当垫高的目的是：使重力分力平衡掉小车和纸带受到的摩擦力，提高实验的准确度，故D正确；〔2〕应求出小车做匀速运动时的速度，由实验数据可知，v=，代入数据解得：v=2.23m/s；故答案为：〔1〕BCD〔2〕2.23m/s点评：这是一道考查探究功与速度变化的关系的根底题，是一道容易出错的题目．同学们在学习中应注意实验的细节．四、计算题〔此题包括5小题，共44分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕14．〔6分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕一宇航员站在某质量分布均匀的星球外表上沿竖直方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间t落回抛出点，该星球半径为R，引力常量为G，求：〔1〕该星球外表的重力加速度；〔2〕该星球的第一宇宙速度．考点：万有引力定律与其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．版权所有专题：万有引力定律的应用专题．分析：〔1〕小球做竖直上抛运动，由运动学公式可求得该星球外表的重力加速度g；〔2〕该星球的近地卫星的向心力由万有引力提供，该星球外表物体所受重力等于万有引力，联立方程即可求出该星球的第一宇宙速度υ；解答：解：〔1〕小球在空中的运动时间t=2×，所以g=．〔2〕由G=mg联立以上各式可得：答：〔1〕该星球外表的重力加速度；〔2〕该星球的第一宇宙速度．点评：重力加速度g是天体运动研究和天体外表宏观物体运动研究联系的物理量．此题要求学生掌握两种等式：一是物体所受重力等于其吸引力；二是物体做匀速圆周运动其向心力由引力提供．15．〔8分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕如图为修建高层建筑常用的塔式起重机．在起重机将质量m=5×104 kg的重物竖直吊起的过程中，重物由静止开始向上做匀加速直线运动，加速度a=0.2m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率直到重物做vm=1.02m/s 的匀速运动．取g=10m/s2．求：〔1〕起重机允许输出的最大功率．〔2〕重物做匀加速运动所经历的时间和起重机在第2秒末的输出功率．考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．版权所有专题：功率的计算专题．分析：〔1〕当起重机的功率达到允许最大值，且重物达到最大速度vm时，拉力和重力相等，结合P=Fv求出最大功率．〔2〕根据牛顿第二定律求出牵引力，根据P=Fv求出匀加速运动的最大速度，结合速度时间公式求出匀加速运动的时间，根据速度时间公式求出2s末的速度，根据P=Fv求出瞬时功率的大小．解答：解：〔1〕当起重机的功率达到允许最大值，且重物达到最大速度vm时，拉力和重力相等，即F=mg．根据P=FvPm=mgvm=5×104×10×1.02 W=5.1×105 W．〔2〕根据牛顿第二定律F﹣mg=ma又Pm=Fvv=at代入数据解得：t=5 s．当t′=2 s时v′=at′，P′=Fv′代入数据解得：P′=2.04×105 W．答：〔1〕起重机允许输出的最大功率为5.1×105 W．．〔2〕重物做匀加速运动所经历的时间为5s，第2秒末的输出功率为2.04×105 W．点评：解决此题的关键知道拉力等于重力时速度最大，匀加速直线运动完毕，功率达到额定功率，结合牛顿第二定律以与功率与牵引力的关系进展求解．16．〔10分〕〔2012•〕如下列图，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l 后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m，不计空气阻力，重力加速度取10m/s2，求：〔1〕小物块落地点距飞出点的水平距离s；〔2〕小物块落地时的动能EK；〔3〕小物块的初速度大小v0．。
高考冲刺仿真模拟卷_山东省枣庄市枣庄八中南校2015届高三11月月考理综物理试题 Word版含答案[精校版]
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2015届山东省枣庄市枣庄八中南校高三11月月考理综物理部分考试时间150分钟第Ⅰ卷（选择题本卷共21小题，每小题6分，共126分）一、单项选择题（本题包括13小题：生物1—6小题，化学7—13小题。
每小题只有一个选项符合题意。
在每小题列出的四个选项中，请选出符合题目要求的一项填入答题卡中。
）二、选择题:本题共8小题物理选择题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于物理学史，下列说法正确的是A．奥斯特首先发现了电磁感应现象B．楞次率先利用磁场产生了感应电流，并能确定感应电流的方向C．法拉第研究了电磁感应现象，并总结出法拉第电磁感应定律D．纽曼和韦伯先后总结出法拉第电磁感应定律x 图象如15．A、B两质点在同一直线上运动，t=0时刻，两质点从同一地点开始运动的t图所示，则下列说法正确的是（）A．A质点以20m/s的速度匀速运动B．B质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动C．经过4s，B质点的位移大于A质点的位移D．在图示的运动过程中，A、B两质点之间的距离在0~4s内某一时刻达到最大16．如图所示，地面上某个空间区域存在这样的电场，水平虚线上方为场强E1，方向竖直向下的匀强电场；虚线下方为场强E2，方向竖直向上的匀强电场。
一个质量m,带电+q的小球从上方电场的A点由静止释放，结果刚好到达下方电场中与A关于虚线对称的B点，则下列结论正确的是（ ）A ．若AB 高度差为h ,则U AB =-mgh/q B ．带电小球在AB 两点电势能相等C ．在虚线上下方的电场中，带电小球运动的加速度相同D ．两电场强度大小关系满足E 2=2E 117．科技馆中的一个展品如图所示，在较暗处有一个不断均匀滴水的水龙头，在一种特殊的灯光照射下，可观察到一个下落的水滴，缓缓调节水滴下落的时间间隔到适当情况，可以看到一种奇特的现象，水滴似乎不再下落，而是像固定在图中的A 、B 、C 、D 四个位置不动，一般要出现这种现象，照明光源应该满足（g=10m/s 2）：A ．普通光源即可B ．间歇发光，间隔时间0．4sC ．间歇发光，间隔时间0．14sD ．间歇发光，间隔时间0．2s18．设地球自转周期为T ，质量为M ，引力常量为G ，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R ．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为：A ．32224R GMT GMT π-B ．32224R GMT GMT π+C ．23224GMTR GMT π- D ．23224GMTR GMT π+ 19．如图，质量为m 的木块A 放在质量为M 的三角形斜劈上，现用大小均为F 、方向相反的力分别推A和B，它们均静止不动，则：A．A与B之间一定存在摩擦力B．B与地面之间不存在摩擦力C．B对A的支持力一定小于mgD．地面对B的支持力的大小一定等于（M+m）g20．如图a所示，用一水平力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图b所示，根据图b中所提供的信息可以计算出：A．物体的速度B．斜面的倾角C．物体能静止在斜面上所施加的最小外力D．加速度为6 m/s2时物体的速度21．如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连，弹簧处于自然长度时物块位于O点（图中未标出）．物块的质量为m，AB=a，物块与桌面间的动摩擦因数为μ．现用水平向右的力将物块从O点拉至A点，拉力做的功为W．撤去拉力后物块由静止开始向左运动，经O点到达B点时速度减小为零．重力加速度为g．则关于对上述过程的分析，下列说法正确的是：A ．物块在B 点时，弹簧的弹性势能小于mga W μ23- B ．物块在A 点时，弹簧的弹性势能等于mga W μ21-C ．经O 点时，物块的动能小于mga W μ-D ．物块动能最大时，弹簧的弹性势能为零第Ⅱ卷三、非选择题:包括必考题和选考题两部分。
山东省枣庄一中2014_2015学年高三物理上学期期末试卷(含解析)
2014-2015学年山东省枣庄一中高三（上）期末物理试卷二、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3h，待机时间100h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）A． 1.8 W，5.4×10﹣2W B． 3.6 W，0.108 WC． 0.6 W，1.8×10﹣2 W D． 6.48×103 W，1.94×102 W2．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）A．电压表示数增大，电流表示数减少B．电压表示数减少，电流表示数增大C．两电表示数都增大D．两电表示数都减少3．如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（）A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球B．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D．所有液滴下落过程中电场力做功相等4．如图所示，轻质弹簧的上端固定，下端与物体A相连，物体B与物体A之间通过轻质不可伸长的细绳连接．开始时托住物体A，使A静止且弹簧处于原长，然后由静止释放A，从开始释放到物体A第一次速度最大的过程中，下列说法正确的有（）A． A、B两物体的机械能总量守恒B． B物体机械能的减少量一定等于A物体机械能的减少量C．轻绳拉力对B物体做的功等于B物体机械能的变化D． A物体所受合外力做的功等于A物体机械能的变化5．如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨宽度为L，一端与电源连接．一质量为m的金属棒ab垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ=，在安培力的作用下，金属棒以v0的速度向右匀速运动，通过改变磁感应强度的方向，可使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向成（）A．37°B．30°C．45°D．60°6．甲乙两汽车同时同地出发，甲车做匀速运动，乙车做初速度为零的匀加速直线运动，两车的位移与时间的关系如图所示．下列说法正确的是（）A． t=l0s时，甲车追上乙车B．乙车的加速度大小为1m/s2C． t=5s时，两车速度相同D． t=l0s时，两车速度相同7．一带电荷量为+q、质量为m的带电粒子从O点以速率v0射入电场，运动到A点时速率为2v0．现有另一电荷量为﹣2q、质量为m的粒子仍以速率v0从O点射入该电场，运动到B点时速率为2v0．若忽略重力的影响，带电粒子从O到A和从O到B的运动过程中（）A．在O、A、B三点中，B点电势最高B．在O、A、B三点中，A点电势最高C．带电荷量为+q的粒子电势能的变化量大D．两粒子的电势能变化量相等8．如图所示，两端与定值电阻相连的光滑平行金属导轨倾斜放置，其中R1=R2=2R，导轨电阻不计，导轨宽度为L，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B．导体棒ab的电阻为R，垂直导轨放置，与导轨接触良好．释放后，导体棒ab沿导轨向下滑动，某时刻流过R2的电流为I，在此时刻（）A．重力的功率为6l2RB．金属杆ab消耗的热功率为4l2RC．导体棒的速度大小为D．导体棒受到的安培力的大小为2BIL三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须做答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．在一带有凹槽（保证小球沿斜面做直线运动）的斜面底端安装一光电门，让一小球从凹槽中某位置由静止释放，调整光电门位置，使球心能通过光电门发射光束所在的直线，可研究其匀变速直线运动．实验过程如下：（1）首先用螺旋测微器测量小球的直径．如图1所示，则小球直径d= cm．（2）让小球从凹槽上某位置由静止释放，并通过光电门．用刻度尺测量小球释放位置到光电门的距离x，光电门自动记录小球通过光电门的时间△t，可计算小球通过光电门的瞬时速度表达式为v= ．（小球直径用d表示）（3）改变小球的释放位置重复（2），可得到多组距离x、速度v．现将多组x、v、v2对应记录在下面的表格中．次数 1 2 3 4 5 6距离x/m 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60速度v/m•s﹣1 1.00 1.42 1.73 2.01 2.32 2.44速度的平方v2/（m•s﹣1）21.00 2.02 2.99 4.04 5.38 5.95（4）根据如表数据，在坐标纸上适当选取标度和横轴、纵轴对应的物理量，做出小球运动的线性关系图2．（5）根据所作图象求得小球运动的加速度a= m/s2（保留两位小数）．10．现有两相同的某型号多用表，一同学在研究性学习过程中想获得10V量程直流电压档的内阻和×lk欧姆档的内部电源的电动势，已知×lk欧姆档中央刻度线对应的数据为15．为完成实验，进行了如下操作：（1）将甲多用表档位旋钮拨到10V电压档，将乙多用表档位旋钮拨到×lk欧姆档；（2）应将甲多用表的红表笔与乙多用表的（填“红”或“黑”）表笔连接，在将另外两表笔连接；（3）在连接两多用表表笔之前应对乙多用表进行的操作为：（4）两多用表连接后，两表读数分别为6.0V和30kΩ，可知10V量程直流电压档的内阻为kΩ，×1k欧姆档的内部电源的电动势为V．11．固定的倾角为37°的光滑斜面，长度为L=1m，斜面顶端放置可视为质点的小物体，质量为0.8kg，如图所示．当水平恒力较小时，物体可以沿斜面下滑，到达斜面底端时撤去水平恒力，物体在水平地面上滑行的距离为S．忽略物体转弯时的能量损失，研究发现S与F 之间的关系如图所示．已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）物体与地面间的动摩擦因数μ；（2）当F=3N时，物体运动的总时间（结果可以用根式表示）．12．如图所示，在边长为L的正方形区域ABCD内，存在沿AD方向的匀强电场，质量均为m，带电量分别为+q和﹣q的两粒子，同时由A、C两点沿AB和CD方向以速率v0进入正方形区域，两粒子在区域的正中心相遇．若将区域中的电场换为垂直纸面向外的匀强磁场，两粒子同时由A、B两点沿平行于AB方向进入区域，速度大小仍为v0，两粒子也在区域的正中心相遇，不计粒子的重力和粒子间的相互作用力，求：（1）匀强电场的电场强度E；（2）匀强磁场的磁感应强度B；（3）若上述电场和磁场同时存在，两粒子先后由A点沿AC方向进入场区，速度大小仍为v0，要求粒子能够沿直线到达C点，正方形区域内需另加一平行于纸面的匀强电场E′，求E′的大小和方向（方向用与AB方向夹角的正切值表示）．（二）选考题物理--选修3-313．关于晶体和非晶体，下列说法正确的是（）A．所有晶体沿各个方向的光学性质都相同B．非晶体沿各个方向的物理性质都相同C．在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性D．物质是晶体还是非晶体，是绝对的，不可能相互转化E．有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体14．如图所示，粗细均匀、导热性能良好、装有适量水银的U型管竖直放置，左端封闭一定质量的理想气体，气柱长l=32cm，两管中水银面等高．现向右管中加入长△l=9cm的水银柱（与右管内原有水银无空隙接触）．环境温度不变，大气压强P0=75cmHg．求稳定后左管内气体的压强．物理--选修3-41014秋•枣庄校级期末）如图所示，a、b是水平绳上的两点，相距42cm，一列正弦波沿绳传播，方向从a到b，每当a点经过平衡位置向上运动时，b点正好到达上方最大位移处，则此波的波长可能是（）A． 168cm B． 184cm C． 56cm D． 24cm1015•石嘴山模拟）直角三角形的玻璃砖ABC放置于真空中，∠B=30°，CA的延长线上S点有一点光源，发出的一条光线由D点射入玻璃砖，如图所示．光线经玻璃砖折射后垂直BC 边射出，且此光束经过SD用时和在玻璃砖内的传播时间相等．已知光在真空中的传播速度为c，BD=d，∠ASD=15°．求：（Ⅰ）玻璃砖的折射率；（Ⅱ）SD两点间的距离．物理--选修3-51014秋•唐山期末）下列关于近代物理内容的说法正确的有（）A．原子核发生一次β衰交，原子核减少一个中子和一个质子B．卢瑟福通过α粒子散射实验提出原子核由质子和中子组成C．一束光照射到某种金属上，没有发生光电效应现象，是因为这束光的频率较低D．压力和温度不会影响到放射性元素的半衰期E．波尔认为，氢原子由高能量状态跃迁到低能量状态时，原子能量减少1014秋•唐山期末）质量为m1的物体A以某一速度值由斜面底端冲上斜面，恰能到达斜面顶端，如图所示．将质量为m2的物体B放置在斜面上某点，且处于静止状态，物体B到斜面顶端的距离为斜面长度的，A物体再次以相同的初速度冲上斜面，A、B发生弹性碰撞后，物体刚好能够到达斜面顶端．两物体可视为质点，且二者与斜面间的动摩擦因数相同．求A、B两物体的质量比m1：m2．2014-2015学年山东省枣庄一中高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3h，待机时间100h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）A． 1.8 W，5.4×10﹣2W B． 3.6 W，0.108 WC． 0.6 W，1.8×10﹣2 W D． 6.48×103 W，1.94×102 W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由图中所提供的“3.6V，500mA•h”，根据功和电功率的有关知识，可求通话时消耗的功率和待机时消耗的功率．解答：解：由图中所提供的电池的容量为“3.6V，500mA•h”，则通话时消耗的功率为P1==600mW=0.6W，待机时消耗的功率为P2==18mW=1.8×10﹣2W．故选：C．点评：根据电池铭牌提供的数据要能够从其中找出有用的信息，并且要能够正确的理解电池的容量3.6V，500mA•h．2．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）A．电压表示数增大，电流表示数减少B．电压表示数减少，电流表示数增大C．两电表示数都增大D．两电表示数都减少考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：动态变化分析问题一般按照“局部→整体→局部”的顺序，分析总电阻变化→总电流变化→总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进行．对于电流表读数来说，由于滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和R2电流变化确定．解答：解：当滑动变阻器的滑片P向a滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，U2增大，流过R2的电流I2增大，电流表的读数I A=I ﹣I2，则减小．故A正确，BCD错误．故选：A．点评：电路动态变化分析是常见的题型，容易犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小．本题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是研究干路电流和另一支路电流变化情况来确定3．如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（）A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球B．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D．所有液滴下落过程中电场力做功相等考点：功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，除第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，不一定能到达A球；通过分析受力情况，判断液滴的运动情况；当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，但各个液滴动能最大的位置不同，最大动能不等；根据功的公式W=Fl分析电场力做功关系．解答：解：A、第一滴液滴只受重力做自由落体运动，以后液滴将受力向上的电场力作用而做变加速运动，随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，以后液滴所受的电场力增大，这些液滴先加速后减速，就不一定能到达A球，故A错误．B、当液滴下落到重力等于电场力位置时，继续向下运动时电场力增大，电场力将大于重力，开始做减速运动，故B错误．C、当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，则有：mg=k，x是动能最大的位置到A距离，由于A球的电荷量q A在不断增大，x增大，所以第一滴液滴以后的液滴动能最大的位置将不断上移，合外力做功不等，则最大动能不相等，故C正确．D、由于所有液滴下落过程中所受的电场力不等，若能到达A球，根据功的公式W=Fl可知，通过的位移相等，电场力做功不相等；若不能到达A球，液滴将返回到B点，电场力做功为零，即电场力做功相等，故D错误．故选：C．点评：本题关键要正确分析液滴的受力情况，从而判断其运动情况，知道液滴所受的电场力与重力平衡时动能最大，类似于小球掉在弹簧上的问题，要能进行动态分析．4．如图所示，轻质弹簧的上端固定，下端与物体A相连，物体B与物体A之间通过轻质不可伸长的细绳连接．开始时托住物体A，使A静止且弹簧处于原长，然后由静止释放A，从开始释放到物体A第一次速度最大的过程中，下列说法正确的有（）A． A、B两物体的机械能总量守恒B． B物体机械能的减少量一定等于A物体机械能的减少量C．轻绳拉力对B物体做的功等于B物体机械能的变化D． A物体所受合外力做的功等于A物体机械能的变化考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：功是能量转化的量度，合力做功等于动能的改变量，除重力外其余力做功等于机械能的增加量．解答：解：A、对AB系统，由于要克服弹簧的拉力做功，故机械能总量是减小的，故A错误；B、物体A与物体B速度相等，动能的变化量和重力势能的变化量均与质量成正比，两个物体的质量不一定相等，故机械能的变化量不一定相等，故B错误；C、根据功能关系，除重力外其余力做功等于机械能的增加量，故轻绳拉力对B物体做的功等于B物体机械能的变化，故C正确；D、根据动能定理，A物体所受合外力做的功等于A物体动能的增加量，故D错误；故选：C．点评：本题关键是明确功能关系的各种具体形式，知道机械能守恒的条件，基础题目．5．如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨宽度为L，一端与电源连接．一质量为m的金属棒ab垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ=，在安培力的作用下，金属棒以v0的速度向右匀速运动，通过改变磁感应强度的方向，可使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向成（）A．37°B．30°C．45°D．60°考点：安培力．分析：对导体棒受力分析分析，利用数学知识求的最小值解答：解：对导体棒受力分析，BILcosθ﹣μ（mg﹣BILsinθ）=0I=解得当θ=60°I最小，故磁感应强度的方向与竖直方向为30°故：B点评：本题主要考查了受力分析，利用数学知识求的最小值6．甲乙两汽车同时同地出发，甲车做匀速运动，乙车做初速度为零的匀加速直线运动，两车的位移与时间的关系如图所示．下列说法正确的是（）A． t=l0s时，甲车追上乙车B．乙车的加速度大小为1m/s2C． t=5s时，两车速度相同D． t=l0s时，两车速度相同考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等；由运动学公式求解乙的速度．解答：解：A、据图可知，在t=10秒时，甲乙的位移相等，但开始时乙在后，故应是乙追上甲车，故A错误；B、由图可知，在t=10s时x=50m，则乙的加速度a===lm/s2，故B正确；C、t=5s时，甲车速度v===5m/s，5s末为10s内的时间中点，故t=5s末乙车的速度等于10s内的平均速度，故v′==5m/s，故C正确；D、质点乙在10秒时的速度：v2=at2=1×10=10m/s，甲车速度v=5m/s，故D错误；故选：BC．点评：本题考查x﹣t图象，要求同学们能根据图象读出有用信息，并能加以应用，注意乙的运动表示的是匀加速直线运动．7．一带电荷量为+q、质量为m的带电粒子从O点以速率v0射入电场，运动到A点时速率为2v0．现有另一电荷量为﹣2q、质量为m的粒子仍以速率v0从O点射入该电场，运动到B点时速率为2v0．若忽略重力的影响，带电粒子从O到A和从O到B的运动过程中（）A．在O、A、B三点中，B点电势最高B．在O、A、B三点中，A点电势最高C．带电荷量为+q的粒子电势能的变化量大D．两粒子的电势能变化量相等考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场力做功与电势能之间的关系，电场力做正功，电势能减小，可以判断电势的高低；根据能量守恒定律分析电势能变化量的大小．解答：解：AB、+q由O到A，动能变大，电场力做正功，电势能减小，电势也减小，所以O点的电势比A点的高；﹣q从O到B速度增大，电场力也做正功，电势能减小，电势升高，B点电势比O点高．所以B点最高，故A正确，B错误；CD、两个粒子的质量相等，动能的变化量大小相等，根据能量守恒定律可知两粒子的电势能变化量相等，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题也可以计算出OA间和OB间的电势差，来比较电势高低，一定要注意物理量的正负号，它表示了电势的高低，求电势差时也是如此．8．如图所示，两端与定值电阻相连的光滑平行金属导轨倾斜放置，其中R1=R2=2R，导轨电阻不计，导轨宽度为L，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B．导体棒ab的电阻为R，垂直导轨放置，与导轨接触良好．释放后，导体棒ab沿导轨向下滑动，某时刻流过R2的电流为I，在此时刻（）A．重力的功率为6l2RB．金属杆ab消耗的热功率为4l2RC．导体棒的速度大小为D．导体棒受到的安培力的大小为2BIL考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；安培力．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据闭合电路欧姆定律求出感应电动势，再由公式E=BLv，求出导体棒下滑的速度，由P=mgsinθ求解重力的功率，由公式P=I2R求解金属杆ab消耗的热功率．由公式F=BIL 求解导体棒受到的安培力的大小．解答：解：AB、据题：R1=R2=2R，流过R2的电流为I，则流过ab棒的电流为2I金属杆ab消耗的热功率为：P ab=（2I）2R=4I2R电路的总功率为：P总=P ab+2I2R=6l2R，由于导体棒不一定匀速运动，所以重力的功率不一定为6I2R．故A错误，B正确．C、金属杆ab产生的感应电动势为：E=2I（R+R）=4IR由E=BLv得：导体棒的速度大小为：v=，故C错误．D、导体棒受到的安培力的大小为：F=B•2IL=2BIL，故D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键要明确电路的结构，正确分析各部分电流的关系，再根据电磁感应的规律解答．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须做答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．在一带有凹槽（保证小球沿斜面做直线运动）的斜面底端安装一光电门，让一小球从凹槽中某位置由静止释放，调整光电门位置，使球心能通过光电门发射光束所在的直线，可研究其匀变速直线运动．实验过程如下：（1）首先用螺旋测微器测量小球的直径．如图1所示，则小球直径d= 0.9350 cm．（2）让小球从凹槽上某位置由静止释放，并通过光电门．用刻度尺测量小球释放位置到光电门的距离x，光电门自动记录小球通过光电门的时间△t，可计算小球通过光电门的瞬时速度表达式为v= ．（小球直径用d表示）（3）改变小球的释放位置重复（2），可得到多组距离x、速度v．现将多组x、v、v2对应记录在下面的表格中．次数 1 2 3 4 5 6距离x/m 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60速度v/m•s﹣1 1.00 1.42 1.73 2.01 2.32 2.44速度的平方v2/（m•s﹣1）21.00 2.02 2.99 4.04 5.38 5.95（4）根据如表数据，在坐标纸上适当选取标度和横轴、纵轴对应的物理量，做出小球运动的线性关系图2．（5）根据所作图象求得小球运动的加速度a= 5.00 m/s2（保留两位小数）．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数．（2）已知挡光板的宽度与挡光时间，由速度公式可以求出速度．（4）根据表格数据，依据运动学公式v2=2ax，从而选取合适的坐标，作出图象；（5）根据图象的斜率含义，即可求解．解答：解：（1）螺旋测微器的固定刻度为9.0mm，可动刻度为0.01×35.0mm，所以最终读数为9.350mm=0.9350cm；（2）由于遮光条长度比较小，经过遮光条的平均速度可认为等于滑块的瞬时速度，故滑块经过光电门的速度v=；（3）小球做匀变速直线运动，由运动学公式，则有：v2=2ax；因此选取横轴为x，而纵轴为v2，根据表格数据，描点作图，如下图所示：（4）从图象可以，斜率k=2a，则a==×=5.0m/s2．故答案为：（1）0.9350（0.9349～0.9352）；（2）；（4）如上图所示；（5）5.00（4.95～5.05）．点评：螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．掌握遮光条能测量瞬时速度的原理，理解图象的斜率含义．10．现有两相同的某型号多用表，一同学在研究性学习过程中想获得10V量程直流电压档的内阻和×lk欧姆档的内部电源的电动势，已知×lk欧姆档中央刻度线对应的数据为15．为完成实验，进行了如下操作：（1）将甲多用表档位旋钮拨到10V电压档，将乙多用表档位旋钮拨到×lk欧姆档；（2）应将甲多用表的红表笔与乙多用表的黑（填“红”或“黑”）表笔连接，在将另外两表笔连接；（3）在连接两多用表表笔之前应对乙多用表进行的操作为两表笔短接进行欧姆调零：（4）两多用表连接后，两表读数分别为6.0V和30kΩ，可知10V量程直流电压档的内阻为30 kΩ，×1k欧姆档的内部电源的电动势为9 V．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：欧姆表的黑表笔接的是内部电源的正极，电流要从电压表正极流入；欧姆表示数是所测电阻阻值，应用串联电路特点与欧姆定律求出电源电动势．解答：解：（2）甲多用电表选择电压档，应将甲多用表的红表笔与乙多用表的黑表笔连接，在将另两表笔连接；（3）由于乙的档位被拨了一次，故应该在测量前进行欧姆调零，方法是两表笔短接调零．（4）×1k欧姆档中央刻度线对应的数据为15，则其中值电阻为15kΩ，欧姆表中值电阻等于其内阻，则欧姆表内阻为15kΩ；两多用表连接后，两表读数分别为6V和30kΩ．可知10V量程直流电压档的内阻为30kΩ，欧姆表内阻为15kΩ、电压表内阻为30kΩ，电压表示数为6V，则欧姆表电压两端为3V，×1k欧姆档的内部电源的电动势为E=6+3=9V．故答案为：（2）黑；（3）两表笔短接进行欧姆调零；（4）30；9．点评：本题考查了多用电表的使用与读数，关键是记住：黑表笔接外部插孔的“﹣”，但是接内部电源的正极；欧姆表换挡后要进行欧姆调零．11．固定的倾角为37°的光滑斜面，长度为L=1m，斜面顶端放置可视为质点的小物体，质量为0.8kg，如图所示．当水平恒力较小时，物体可以沿斜面下滑，到达斜面底端时撤去水平恒力，物体在水平地面上滑行的距离为S．忽略物体转弯时的能量损失，研究发现S与F 之间的关系如图所示．已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）物体与地面间的动摩擦因数μ；（2）当F=3N时，物体运动的总时间（结果可以用根式表示）．考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：由动能定理求摩擦因数；由牛顿第二定律和运动学公式求在斜面上和水平面上的加速度和时间．解答：解：（1）当F2=0N时，s=6.0m，由动能定理得：mgLsinθ﹣μmgs=0∴μ=0.1（2）当F3=3N时，由牛顿第二定律 mgsinθ﹣F3 cosθ=ma1由L= a1t12得。
山东省枣庄市枣庄四中2015届高三上学期期末考试 物理 Word版含答案
2014-2015学年度山东省枣庄市枣庄四中第一学期高三期末考试物理试题本试卷满分150分，考试时间120分钟。
本卷g 均取10m/s 2。
考生注意：1．答卷前，考生务必在试卷和答题纸上用蓝色或黑色的钢笔或圆珠笔清楚填写学校、班级、姓名、学号，并用2B 铅笔在答题纸上正确涂写学号。
2．第一、二、三大题必须用2B 铅笔涂写在答题纸上相应区域内与试卷题号对应的位置。
第四、五、六大题必须用黑色钢笔或圆珠笔填写在答题纸上对应的位置（作图可用铅笔）。
3．第30、31、32、33题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。
有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位。
一、单项选择题（共16分，每小题2分。
每小题只有一个正确选项。
）1．关于物理学史，下列说法正确的是 （ ）A ．奥斯特首先发现了电磁感应现象B ．楞次率先利用磁场产生了感应电流，并能确定感应电流的方向C ．法拉第研究了电磁感应现象，并总结出法拉第电磁感应定律D ．纽曼和韦伯先后总结出法拉第电磁感应定律2．某质点做直线运动的位移时间关系式为222++=t t x （m ），则关于该质点的运动下列描述正确的是（ ）A ．质点做匀加速直线运动，加速度大小为1=a m/s 2，初速度为20=v m/sB ．质点在2s 末的速度为6=v m/sC ．质点在前2s 内的位移为10=s mD ．质点在第2s 内的平均速度为5.2=v m/s3．2014年春晚中开心麻花团队打造的创意形体秀《魔幻三兄弟》给观众留下了很深的印象。
该剧采用了“斜躺”的表演方式，三位演员躺在倾角为30°的斜面上完成一系列动作，摄像机垂直于斜面拍摄，让观众产生演员在竖直墙面前表演的错觉。
如图所示，演员甲被演员乙和演员丙“竖直向上”抛出，到最高点后恰好悬停在“空中”。
已知演员甲的质量m =60kg ，该过程中观众看到演员甲上升的“高度”为0．8m 。
山东省枣庄一中2015届高三第一学期期末考试理综物理试题 Word版含答案
2014-2015学年度山东省枣庄一中高三第一学期期末考试理科综合物理试题第I卷本卷共2 1小题，每小题6分，共1 26分。
可能用到的相对原子质量：H-1; C-12; N-14; O-16; Na-23; Mg-24; Al- 27：Cl-35．5；Fe-56：二、选择题：本题共8小题，每题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。
14．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为A．1.8 W，5.4×10– 2 W B．3.6 W，0.108 WC．0.6 W，1.8×10– 2 W D．6.48×103 W，1.94×10 2 W15．如图所示电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）A．电压表示数增大，电流表示数减少B．电压表示数减少，电流表示数增大C．两电表示数都增大D．两电表示数都减少16．如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，在它的正上方B点，有带电液滴不断地从静止开始下落（不计空气阻力），液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落的带电液滴对已下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是A ．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A 球B ．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C ．能够下落到A 球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D ．所有液滴下落过程中电场力做功相等17．如图所示，轻质弹簧的上端固定，下端与物体A 相连，物体B 与物体A 之间通过轻质不可伸长的细绳连接。
开始时托住物体A ，使A 静止且弹簧处于原长，然后由静止释放A ，从开始释放到物体A 第一次速度最大的过程中，下列说法正确的有A ．A 、B 两物体的机械能总量守恒B ．B 物体机械能的减少量一定等于A 物体机械能的减少量C ．轻绳拉力对B 物体做的功等于B 物体机械能的变化D ．A 物体所受合外力做的功等于A 物体机械能的变化18．如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B ，导轨宽度为L ，一端与电源连接。
山东省枣庄八中高三物理上学期9月段测试题(含解析)新人教版
2014-2015学年山东省枣庄八中高三（上）段测物理试卷（9月份）一.不定项选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分）可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，2．（4分）（2012秋•枞阳县校级期末）一辆汽车以速度v行驶了全程的一半，然后匀减速行驶B，前半程的时间，则后半程的运动时间．则全程的平均速度．故解决本题的关键掌握平均速度的定义式．3．（4分）（2014•深圳二模）如图所示，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，下列说法正确的有（）4．（4分）（2014秋•薛城区校级月考）某人在竖直方向运动的电梯里称体重，发现体重计的5．（4分）（2015•赫山区校级三模）如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（）6．（4分）（2014秋•薛城区校级月考）a、b两物体从同一位置开始运动，它们的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）×xb=[×2×4m7．（4分）（2013秋•顺德区期末）在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，下列说法正确的是（）8．（4分）（2014•南海区校级模拟）如图所示，在水平桌面上叠放着木块P和Q，水平力F推动两个木块做匀速运动，下列说法中正确的是（）9．（4分）（2012•济宁一模）如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（）10．（4分）（2013秋•廊坊期末）如图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上．先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是（）二、填空题11．（8分）（2014秋•庐阳区校级期中）某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中（没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触），如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F﹣l图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k=200N/m，弹簧的原长l0=20cm．12．（8分）（2014秋•薛城区校级月考）为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两个光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，其方法是：在不挂砝码的情况下，将滑行器自由放在导轨上，如果滑行器能在任意位置静止不动，或轻轻推滑行器后，能使滑行器匀速运动，说明气垫导轨是水平的．（2）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为a=（用△t1、△t2、D、x表示）．v=求v1=v2=a=三、计算题（要有必要的公式和计算过程）（1）驾驶员正常时的反应时间；（2）汽车刹车的加速度；（3）一名喝了酒的驾驶员发现前面50m处有一队学生正在横穿马路，此时他的车速为72km/h，而他的反应时间比正常时慢了0.1s，若他以正常的加速度刹车，请问他能在50m内停下来吗？t0===0.9sa==s′==14．（10分）（2014•赫山区校级一模）如图所示，细绳OA长30cm，O端与质量m=1kg的重物相连，A端与轻质圆环（重力不计）相连，圆环套在水平棒上可以滑动；定滑轮固定在距离圆环50cm的B处，跨过定滑轮的细绳，两端分别与重物m、重物G相连．若两条细绳间的夹角φ=90°，圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，滑动摩擦力等于最大静摩擦力．求：（1）圆环与棒间的动摩擦因数μ；（2）重物G的质量M．代入数据解得：M=mcosθ=15．（12分）（2014秋•薛城区校级月考）海豚靠尾部来推动下部的水，能够从水中高高跃起，被誉为“会飞的鱼”．一身长L1=1.8m，质量m=65kg的海豚，跃起后从h1=1.0m的高度处自由落下，尾部接触水面后经过时间t=0.25s身体速度降为零．假设下降阶段尾部与水面的作用力是恒力，求下降阶段尾部与水面的作用力F和鱼在下降阶段在水中下降的高度．（取g=10m/s2）m/sh=a==8）16．（12分）（2011•宣城二模）如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数μ=0.2，当二者达到相同速度时，物块恰好滑到小车的最左端．取g=10m/s2．求：（1）小物块放后，小物块及小车的加速度各为多大？（2）小车的长度是多少？解得：解得：则：。
山东省枣庄市第八中学选修1高中物理《动量守恒定律》测试题(含答案)
山东省枣庄市第八中学选修1高中物理《动量守恒定律》测试题(含答案)一、动量守恒定律 选择题1．如图所示，一轻杆两端分别固定a 、b 两个半径相等的光滑金属球，a 球质量大于b 球质量．整个装置放在光滑的水平面上，将此装置从图示位置由静止释放，则（ ）A ．在b 球落地前瞬间，a 球的速度方向向右B ．在b 球落地前瞬间，a 球的速度方向向左C ．在b 球落地前的整个过程中，轻杆对b 球的冲量为零D ．在b 球落地前的整个过程中，轻杆对b 球做的功为零2．如图，在光滑的水平面上有一个长为L 的木板，小物块b 静止在木板的正中间，小物块a 以某一初速度0v 从左侧滑上木板。
已知物块a 、b 与木板间的摩擦因数分别为a μ、b μ，木块与木板质量均为m ，a 、b 之间的碰撞无机械能损失，滑动摩擦力等于最大静摩擦力。
下列说法正确的是（ ）A ．若没有物块从木板上滑下，则无论0v 多大整个过程摩擦生热均为2013mvB ．若22ab a μμμ<≤，则无论0v 多大，a 都不会从木板上滑落C ．若032a v gL μ≤，则ab 一定不相碰 D ．若2b a μμ>，则a 可能从木板左端滑落3．如图所示，质量为M 、带有半径为R 的四分之一光滑圆弧轨道的滑块静置于光滑水平地面上，且圆弧轨道底端与水平面平滑连接，O 为圆心。
质量为m 的小滑块以水平向右的初速度0v 冲上圆弧轨道，恰好能滑到最高点，已知M =2m 。
，则下列判断正确的是A ．小滑块冲上轨道的过程，小滑块机械能不守恒B ．小滑块冲上轨道的过程，小滑块与带有圆弧轨道的滑块组成的系统动量守恒C ．小滑块冲上轨道的最高点时，带有圆弧轨道的滑块速度最大且大小为023vD ．小滑块脱离圆弧轨道时，速度大小为013v4．如图所示，足够长的光滑细杆PQ 水平固定，质量为2m 的物块A 穿在杆上，可沿杆无摩擦滑动，质量为0.99m 的物块B 通过长度为L 的轻质细绳竖直悬挂在A 上，整个装置处于静止状态，A 、B 可视为质点。
山东省枣庄第八中学高三上学期第二次段考——物理(物
山东省枣庄第八中学2015届高三上学期第二次阶段性检测物理试题说明：本试题分第Ⅰ卷选择题和第Ⅱ卷非选择题两部分，共100分。
考试时间90分钟。
考生须把第Ⅰ卷的答案填涂在答题卡上，第Ⅱ卷的答案用黑色中性笔写在答卷纸的指定位置上。
第Ⅰ卷（选择题共44分）一、选择题（本题包括11小题；每小题4分，共44分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．2008年9月25日21时10分，“神舟”七号载人航天飞船在中国西昌卫星发射中心用“长征”二号F型火箭发射成功，9月27日翟志刚成功实施太空行走。
已知“神舟”七号载人航天飞船在离地球表面h高处的轨道上做周期为T的匀速圆周运动，地球的半径为R，万有引力常量为G。
则A．“神舟”七号在该轨道上运行的线速度大小为B．“神舟”七号在该轨道上运行的线速度小于第一宇宙速度C．“神舟”七号在该轨道上运行的向心加速度为D．地球表面的重力加速度为2．．如图，一物体从光滑斜面AB底端A点以初速度v0上滑，沿斜面上升的最大高度为h．下列说法中正确的是（设下列情境中物体从A点上滑的初速度仍为v0）A．若把斜面CB部分截去，物体冲过c点后上升的最大高度仍为hB．若把斜面AB变成曲面AEB，物体沿此曲面上升仍能到达B点C．若把斜面弯成圆弧形D，物体仍沿圆弧升高hD．若把斜面从C点以上部分弯成与C点相切的圆弧状，物体上升的最大高度有可能仍为h3．如图所示，放置在水平地面上的支架质量为M，支架顶端用细线拴着的摆球质量为m，现将摆球拉至水平位置，而后释放，摆球运动过程中，支架始终不动。
以下说法正确的应是（）A．在释放瞬间，支架对地面压力为（m+M）gB．在释放瞬间，支架对地面压力为MgC．摆球到达最低点时，支架对地面压力为（m+M）gD．摆球到达最低点时，支架对地面压力为（3m+M）g4．中央电视台《今日说法》栏目最近报道了一起发生在湖南长沙某区湘府路上的离奇交通事故．家住公路拐弯处的张先生和李先生在三个月内连续遭遇了七次大卡车侧翻在自家门口的场面，第八次有辆卡车冲进李先生家，造成三死一伤和房屋严重损毁的血腥惨案．经公安部门和交通部门协力调查，画出的现场示意图如图所示．交警根据图示作出以下判断，你认为正确的是A．由图可知卡车在拐弯时发生侧翻是因为车做离心运动B．由图可知卡车在拐弯时发生侧翻是因为车做向心运动C．公路在设计上可能内（东）高外（西）低D．公路在设计上可能外（西）高内（东）低5．如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带。
山东省枣庄第八中学高三上学期9月月考——物理物理
山东省枣庄第八中学2015届高三上学期9月阶段性测试物理试题一、不定项选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分）1.关于速度和加速度，下列说法中正确的是：A.速度变化量越大，加速度就越大B.速度变化越快，加速度越大C.加速度保持不变，速度方向可能改变D.加速度大小不断变小，速度大小也一定不断小2．一辆汽车以速度行驶了全程的一半，然后匀减速行驶了后一半，恰好停止，全程的平均速度为A．v/2 B．2v/3 C．v/2 D．v/33．如图所示，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，下列说法正确的有（）A、篮子底面受到的压力大于篮球的重力B、篮子底面受到的压力小于篮球的重力C、篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D、篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力4 .某人在竖直方向运动的电梯里称体重，发现体重计的示数比自己正常的体重减少了1％．已知重力加速度g=10m/s2，则以下判断正确的是A．电梯以1m/s2的加速度加速下降B．电梯以9m/s2的加速度减速下降C．电梯以1m/s2的加速度减速上升D．电梯以9m/s2的加速度加速上升5．如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中(保持OA与地面夹角θ不变)，OC绳所受拉力的大小变化情况是()A．逐渐减小B．逐渐增大C．先减小后增大D．先增大后减小6．a、b两物体从同一位置开始运动，它们的v—t图象如图所示，下列说法正确的是A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．2s时，a、b两物体相距最远C．6s时，物体a在物体b的前方D．4s时，a、b两物体速度相等，相距9 m7. 如图所示，在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧．在物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，下列说法正确的是A．物块接触弹簧后立即做减速运动B．物块接触弹簧后先加速后减速C．当弹簧压缩量最大时，物块的加速度等于零D．当物块的速度为零时，它所受的合力不为零8．在水平桌面上叠放着木块P和Q，用水平力F推Q，使P、Q两木块一起沿水平桌面匀速滑动，如图所示，以下说法中正确的是A．P受3个力，Q受6个力B．P受4个力，Q受6个力C．P受2个力，Q受5个力D．P受2个力，Q受4个力9．如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，下面说法正确的是A．木块a与铁块b间一定存在摩擦力B．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D．竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和10．如图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上，先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是A．先减小后增大B．先增大后减小C．一直增大D．保持不变二、填空题11.（8分）某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h＝30.0 cm且开口向下的小筒中(没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，测力计的挂钩可以同弹簧的下端接触)，如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F－l图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k＝________ N/m，弹簧的原长l0＝_________cm12．（8分）为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两个光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，其方法是：在不挂砝码的情况下，将滑行器自由放在导轨上，如果滑行器能在任意位置静止不动，或轻轻推滑行器后，能使滑行器________运动，说明气垫导轨是水平的．（2）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为a=____（用△t1、△t2、D、x表示）．三、计算题（要有必要的公式和计算过程）13.（10分）下图是《驾驶员守则》中的安全距离表格．请根据该表格计算：（1）驾驶员正常时的反应时间；（2）汽车刹车的加速度；（3）一名喝了酒的驾驶员发现前面50m处有一队学生正在横穿马路；此时他的车速为72km/h，而他的反应时间比正常时慢了0．1s，若他以正常的加速度刹车，请问他能在50m内停下来吗？14．（10分）如图所示，细绳OA长30cm，O端与质量m=lkg的重物相连，A端与轻质圆环（重力不计）相连，圆环套在水平棒上可以滑动；定滑轮固定在距离圆环50cm的B处，跨过定滑轮的细绳，两端分别与重物m、重物G相连，若两条细绳间的夹角，圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，滑动摩擦力等于最大静摩擦力．求：（1）圆环与棒间的动摩擦因数；（2）重物G的质量M15.（12分）海豚靠尾部来推动下部的水，能够从水中高高跃起，被誉为“会飞的鱼”。
山东省枣庄八中2015届高三物理上学期9月段测试题(含解析)新人教版
2014-2015学年山东省枣庄八中高三〔上〕段测物理试卷〔9月份〕一.不定项选择题〔此题包括12小题，每一小题4分，共48分〕1．〔4分〕〔2013秋•椒江区校级期中〕关于速度和加速度，如下说法中正确的答案是〔〕 A．速度变化量越大，加速度就越大B．速度变化越快，加速度越大C．加速度保持不变，速度方向可能改变D．加速度大小不断变小，速度大小也一定不断变小考点：加速度；速度．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．解答：解：A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，如此加速度就会很小，故A错误．B、速度变化越快，加速度越大，故B正确C、加速度保持不变，速度方向可能改变．例如平抛运动，故C正确D、如果加速度方向与速度方向一样，加速度大小不断变小，速度大小一定增大，故D错误应当选BC．点评：此题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决．2．〔4分〕〔2012秋•枞阳县校级期末〕一辆汽车以速度v行驶了全程的一半，然后匀减速行驶了后一半，恰好停止，全程的平均速度为〔〕A．B．C．D．考点：平均速度．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：分别求出前一半路程和后一半路程运行的时间，从而等于总路程除以总时间求出全程的平均速度．解答：解：设全程为s，前半程的时间．后半程做匀减速直线运动，后半程的平均速度，如此后半程的运动时间．如此全程的平均速度．故B正确，A、C、D错误．应当选B．点评：解决此题的关键掌握平均速度的定义式，以与掌握匀变速直线运动平均速度的推论．3．〔4分〕〔2014•某某二模〕如下列图，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，如下说法正确的有〔〕A．篮子底面受到的压力大于篮球的重力B．篮子底面受到的压力小于篮球的重力C．篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D．篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对篮球受力分析，根据平衡条件表示出篮球的受各个力大小．解答：解：对篮球受力分析，并运用合成法如图：根据几何知识，篮子底部对篮球的支持力N1=mgcosθ根据牛顿第三定律如此篮子底面受到的压力为mgcosθ＜mg，故A错误B正确；篮子右面对篮球的支持力N2=mgsinθ根据牛顿第三定律如此篮子右面受到的压力为mgsinθ＜mg，故C错误D正确；应当选：BD．点评：此题首先要对篮球受力分析，根据共点力平衡条件列式求解出篮球受到的支持力表达式，再根据牛顿第三定律进展讨论．4．〔4分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕某人在竖直方向运动的电梯里称体重，发现体重计的示数比自己正常的体重减少了1%．重力加速度g=10m/s2，如此以下判断正确的答案是〔〕 A．电梯以1m/s2的加速度加速下降B．电梯以9m/s2的加速度减速下降C．电梯以1m/s2的加速度减速上升D．电梯以9m/s2的加速度加速上升考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据人的支持力大小，结合牛顿第二定律求出人的加速度大小和方向，抓住人和电梯的加速度一样得出电梯的运动情况．解答：解：体重计的示数比自己正常的体重少了10%，知电梯对人的支持力N=90%mg，根据牛顿第二定律得，mg﹣N=ma，解得人的加速度a=0.1g=0.1×10=1m/s2，方向竖直向下，知电梯以1m/s2加速下降，或以1m/s2的加速度减速上升．故A、C正确，B、D 错误．应当选：AC．点评：解决此题的关键知道人和电梯具有一样的加速度，求出人的加速度大小和方向是解决此题的突破口．5．〔4分〕〔2015•赫山区校级三模〕如下列图，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中〔保持OA与地面夹角θ不变〕，OC绳所受拉力的大小变化情况是〔〕A．逐渐减小B．逐渐增大C．先减小后增大D．先增大后减小考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对G受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点O分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化．解答：解：对G分析，G受力平衡，如此拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力与OC的拉力而处于平衡；受力分析如下列图；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，如此在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，如此由图可知OC 的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；应当选：C．点评：此题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化．6．〔4分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕a、b两物体从同一位置开始运动，它们的v﹣t图象如下列图，如下说法正确的答案是〔〕A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．2s时，a、b两物体相距最远C． 6s时，物体a在物体b的前方D．4s时，a、b两物体速度相等，相距9 m考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．版权所有专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、在速度﹣时间图象中，图线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；所以根据斜率大小可以看出，在a、b加速时，a物体的加速度小于b的加速度，故A错误．B、a、b两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，到4s末之前a的速度一直大于b的速度，a在前方，如此a、b之间的间距逐渐增大，40s之后a的速度小于b的速度，b开始追赶a物体，间距减小，所以4s末两物体相距最远，故B错误．C、6s时，由图象与坐标轴围成面积代表位移可知，a的位移为xa=×〔1+4〕×2m+4×4m=21mb的位移为xb=×〔6﹣2〕×8=16m，如此xa＞xb，所以6s时，物体a在物体b的前方，故C正确．C、4s时，a、b两物体速度相等，相距为△x=x a﹣xb=[×〔1+4〕×2m+2×4m]﹣〔×2×4m〕=9m，故D正确．应当选：CD．点评：此题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．7．〔4分〕〔2013秋•顺德区期末〕在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧，如下列图，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．物块接触弹簧后立即做减速运动B．物块接触弹簧后先加速后减速C．当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零D．当物块的速度为零时，它所受的合力不为零考点：牛顿第二定律．版权所有专题：计算题．分析：物体与弹簧接触前匀加速运动，与弹簧接触后的运动可以分为加速和减速两个两个过程分析，推力大于弹簧弹力过程加速，推力小于弹簧弹力过程减速．解答：解：物体与弹簧接触前做匀加速直线运动；物体与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，开始阶段弹簧弹力小于推力F，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断减小的加速运动；当加速度减小为零时，速度达到最大；接下来物体由于惯性继续向右运动，弹力进一步变大，且大于推力，合力向左，加速度向左，物体做加速度不断变大的减速运动，当速度减为零时，加速度最大；应当选BD．点评：此题中物体先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断增大的减速运动，初学者往往容易忽略加速过程．8．〔4分〕〔2014•南海区校级模拟〕如下列图，在水平桌面上叠放着木块P和Q，水平力F推动两个木块做匀速运动，如下说法中正确的答案是〔〕A．P受3个力，Q受3个力B． P受3个力，Q受4个力C． P受2个力，Q受5个力D．P受4个力，Q受6个力考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．版权所有专题：受力分析方法专题．分析：用水平力F推Q，使P、Q两木块一起沿水平桌面匀速滑动，对各自进展受力分析，分别从重力、弹力、摩擦力等三个角度去分析．对于摩擦力要分静摩擦力与滑动摩擦力．解答：解：在水平推力的作用下，物体P、Q一起匀速滑动，如此对P受力分析：重力与支持力．对于Q受力分析：重力、地面支持力、P对Q的压力、水平推力、地面给Q的滑动摩擦力．因此P受到二个力，Q受到五个力．故C正确；ABD错误；应当选：C．点评：考查学会受力分析，通常从重力、弹力、摩擦力角度去分析，同时强调受力的研究对象．9．〔4分〕〔2012•济宁一模〕如下列图，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，如此下面说法正确的答案是〔〕A．木块a与铁块b间一定存在摩擦力B．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D．竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和考点：摩擦力的判断与计算．版权所有专题：摩擦力专题．分析：对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡，整体不是墙壁的弹力和摩擦力．解答：解：A、b匀速上升，受到的合力为零，对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力，A正确；B、再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡；整体不受墙壁的弹力和摩擦力，如有，如此合力不为零；与墙壁接触但不挤压，不产生摩擦力，BC错误；D、根据竖直方向受力平衡知竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和，D正确；应当选：AD．点评：弹力和摩擦力的有无可以根据假设法判断，即假设存在，或假设不存在，看是否与运动状态相矛盾．10．〔4分〕〔2013秋•廊坊期末〕如下列图，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上．先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是〔〕A．先减小后增大B．先增大后减小C．一直增大D．保持不变考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大的过程中，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，根据平衡条件分析物块P所受静摩擦力的大小变化情况．解答：解：设物块的重力为G，木板与水平面的夹角为θ，弹簧的弹力大小为F，静摩擦力大小为f．由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动的过程中，弹簧的拉力不变，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，物块P所受的静摩擦力方向先木板向下，后沿木板向上．当物块P的重力沿木板向下的分力小于弹簧的弹力时，如此有Gsinθ+f=F，θ增大时，F 不变，f减小；当物块P的重力沿木板向下的分力大于弹簧的弹力时，如此有Gsinθ=f+F，θ增大时，F 不变，f增大；所以物块P所受静摩擦力的大小先减小后增大．应当选A点评：此题要抓住弹簧的拉力没有变化，重力的分力是变力，先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，根据平衡条件进展动态变化分析．二、填空题11．〔8分〕〔2014秋•庐阳区校级期中〕某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中〔没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触〕，如图甲所示，假设本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F﹣l图象如图乙所示，如此弹簧的劲度系数为k=200N/m，弹簧的原长l0=20cm．考点：探究影响摩擦力的大小的因素．版权所有专题：实验题；摩擦力专题．分析：根据胡克定律写出F与l的关系式，然后结合数学知识求解即可．解答：解：根据胡克定律F与l的关系式为：F=k〔l+h﹣l0〕=kl+k〔h﹣l0〕，从图象中可得直线的斜率为2N/cm，截距为20N，故弹簧的劲度系数为：k=2N/cm=200N/m由k〔h﹣l0〕=20N于是：l0=20cm故答案为：200；20cm点评：找到各个物理量之间的关系，然后根据胡克定律列方程，是解答此题的突破口，这要求学生有较强的数学推导能力．12．〔8分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕为了探究加速度与力的关系，使用如下列图的气垫导轨装置进展实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两个光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．回答如下问题：〔1〕实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，其方法是：在不挂砝码的情况下，将滑行器自由放在导轨上，如果滑行器能在任意位置静止不动，或轻轻推滑行器后，能使滑行器匀速运动，说明气垫导轨是水平的．〔2〕在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为a=〔用△t1、△t2、D、x表示〕．考点：测定匀变速直线运动的加速度．版权所有专题：实验题；直线运动规律专题．分析：〔1〕当气垫导轨水平时，滑块做匀速直线运动，通过光电门的速度相等，即光电门的挡光时间相等．〔2〕滑块经过光电门时的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度，可由v=求出，然后由匀变速运动的速度位移公式求出滑块的加速度．解答：解：〔1〕实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂重物的情况下轻推滑块，假设滑块做匀速直线运动，即滑块通过光电门速度相等，如此光电门的挡光时间相等，证明气垫导轨已经水平．〔2〕滑块经过光电门1的速度v1=，滑块经过光电门2的速度v2=由匀变速运动的速度位移公式得：v22﹣v12=2ax，a=故答案为：〔1〕匀速；〔2〕点评：解决此题的关键理解实验的原理，掌握很短时间内的平均速度代表瞬时速度．三、计算题〔要有必要的公式和计算过程〕13．〔10分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕如表是《驾驶员守如此》中的安全距离表格．车速〔km/h〕反响距离〔m〕刹车距离〔m〕停车距离〔m〕40 10 10 2060 15 22.5 37.580 20 40 60请根据该表格计算：〔1〕驾驶员正常时的反响时间；〔2〕汽车刹车的加速度；〔3〕一名喝了酒的驾驶员发现前面50m处有一队学生正在横穿马路，此时他的车速为72km/h，而他的反响时间比正常时慢了0.1s，假设他以正常的加速度刹车，请问他能在50m内停下来吗？考点：匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕根据表中数据，应用匀速直线运动的位移公式求出反响时间．〔2〕由速度位移公式求出刹车时的加速度．〔3〕由位移公式求出反响时间内的位移，由速度位移公式求出刹车距离，然后分析答题．解答：解：〔1〕驾驶员的反响时间：t0===0.9s；〔2〕刹车时的加速度：a===m/s2≈6.17m/s2；〔3〕汽车的速度：v=72km/h=20m/s，司机的反响距离：s=vt=20×〔0.9+0.1〕=20m，汽车的刹车距离：s′===32.4m，汽车总位移：s+s′=20+32.4=52.4m＞50m，汽车不能在50m内停下．答：〔1〕驾驶员正常时的反响时间0.9s；〔2〕汽车刹车的加速度6.17m/s2；〔3〕他不能在50m内停下来．点评：此题考查了求反响时间、加速度、判断汽车能否安全停车，分析清楚汽车的运动过程、根据表中数据、应用匀速运动的位移公式、匀变速运动的速度位移公式即可正确解题．14．〔10分〕〔2014•赫山区校级一模〕如下列图，细绳OA长30cm，O端与质量m=1kg的重物相连，A端与轻质圆环〔重力不计〕相连，圆环套在水平棒上可以滑动；定滑轮固定在距离圆环50cm的B处，跨过定滑轮的细绳，两端分别与重物m、重物G相连．假设两条细绳间的夹角φ=90°，圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，滑动摩擦力等于最大静摩擦力．求：〔1〕圆环与棒间的动摩擦因数μ；〔2〕重物G的质量M．考点：共点力平衡的条件与其应用；摩擦力的判断与计算．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：〔1〕圆环恰好没有滑动，将要开始滑动时，所受的静摩擦力刚好达到最大值．根据共点力平衡条件对环进展研究，求出tanθ，得到θ．〔2〕物体m处于平衡状态，根据共点力平衡条件求解细绳的张力．〔2〕圆环将要滑动时，对重物进展受力分析，求解重物G的质量．解答：解：〔1〕因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有f=μN．对环进展受力分析，如此有：μN﹣FTcosθ=0N﹣FTsinθ=0代入数据解得：．〔2〕对重物m：Mg=mgcosθ所以：M=mcosθ=kg答：〔1〕圆环与棒间的动摩擦因数是0.75；〔2〕重物G的质量为0.6kg．点评：此题是在共点力作用下重物的平衡问题，采用隔离法分别研究三个物体，分析受力情况是解题的关键之处．15．〔12分〕〔2014秋•薛城区校级月考〕海豚靠尾部来推动下部的水，能够从水中高高跃起，被誉为“会飞的鱼〞．一身长L1=1.8m，质量m=65kg的海豚，跃起后从h1=1.0m的高度处自由落下，尾部接触水面后经过时间t=0.25s身体速度降为零．假设下降阶段尾部与水面的作用力是恒力，求下降阶段尾部与水面的作用力F和鱼在下降阶段在水中下降的高度．〔取g=10m/s2〕考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：海豚跃起后从h1=1.0m的高度处下落过程，先自由下落，后进入水中做匀减速运动，根据速度位移公式求出海豚落水时的速度，再用平均速度公式求出海豚在水中重心下降的高度；根据运动学公式列式求解加速度，在根据牛顿第二定律列式求解下降阶段尾部与水面的作用力F．解答：解：自由下落1m的末速度为：m/s在减速时间为0.25s的匀减速阶段，重心下落的高度：h=加速度：a==8m/s2设尾部与水面的作用力为F，由牛顿第二定律，有：F﹣mg=ma解得：F=m〔g+a〕=65×〔10+8〕=1230N答：下降阶段尾部与水面的作用力F为1230N，鱼在下降阶段在水中下降的高度为0.56m．点评：此题是运动情况确定受力情况的问题，关键建立模型，根据运动公式求解加速度．16．〔12分〕〔2011•宣城二模〕如下列图，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数μ=0.2，当二者达到一样速度时，物块恰好滑到小车的最左端．取g=10m/s2．求：〔1〕小物块放后，小物块与小车的加速度各为多大？〔2〕小车的长度是多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕当小物块开始放在小车上时，两者有相对运动，对车与小物块分别受力分析，根据牛顿第二定律即可解得结果．〔2〕分析运动过程，物体与小车的速度相等时相对静止，发生的相对位移和车长相等，然后依据运动学公式求解即可．解答：解：〔1〕以小物块为研究对象，由牛顿第二定律得：μmg=ma1解得：a1=μg=2m/s2以小车为研究对象，由牛顿第二定律得：F﹣μmg=Ma2解得：故小物块的加速度为a1=2m/s2，小车的加速度为a2=0.5m/s2．〔2〕由运动学公式：a1t=v0+a2t解得：如此：L=x2﹣x1=0.75m故小车的长度是0.75m．点评：对于这类有两个物体组成的系统，在研究各自的运动情况时，要正确分析各自所受摩擦力情况，弄清运动形式，把握速度相等和相对位移这两个关系．。
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山东省枣庄八中2015届高三第一学期期末测试物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
共100分。
考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题共60分）注意事项：1．答卷Ⅰ前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。
2．答卷Ⅰ时，每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。
不能答在试题卷上。
3．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（每小题3分，共42分。
下列每小题所给选项1-8只有一项符合题意，9-14有多个选项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上）1．关于科学家的贡献，下列描述中正确的是（）A．卡文迪什利用扭秤巧妙地测得静电力常量k的数值B．开普勒根据行星运动的规律，提出了万有引力定律C．伽利略通过对斜面实验结论的合理外推，得出了自由落体运动的规律D．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转，发现了电流的磁效应2．如图所示，“马踏飞燕”是汉代艺术家集高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超的艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝，飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上，是因为A．马跑得快的缘故B．马蹄大的缘故C．马的重心在飞燕上D．马的重心位置和飞燕在一条竖直线上3．在杭宁高速公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是：A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度4．如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），粒子经过a、b两点时的速度分别为v a、v b，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．Q2一定带负电B．Q2的电量一定大于Q1的电量C．b点的电场强度一定为零D．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大5．测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335 m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，A、B相距355 m，已知声速为340 m/s，则汽车的加速度大小为（）A．20 m/s2B．10 m/s2C．5 m/s2D．无法确定6．如图，两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里，abcd 是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l，t=0时刻bc边与磁场区域边界重合。
现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，取沿a-b-c-d-a的感应电流为正方向，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线可能是下图中的：（）A B C D7．真空中，两个相距L的固定电荷E、F所带电荷量分别为QE和QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF>∠NFE，则（）A．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点B ．E 带正电，F 带负电，且QE ＞QFC ．负检验电荷在M 点的电势能大于在N 点的电势能D ．过N 点的等势面与过N 点的切线（图中虚线）垂直8．如图所示，竖直平面内放一直角杆MON ，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数μ＝0．2，杆的竖直部分光滑。
两部分各套有质量均为1 kg 的小球A 和B ，A 、B 球间用细绳相连。
初始A 、B 均处于静止状态，已知：OA ＝3 m ，OB ＝4 m ，若A 球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1 m （取g ＝10 m/s 2），那么该过程中拉力F 做功为（ ）A ．14 JB ．10 JC ．6 JD ．4 J9．如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为10：1，b 是原线圈d 的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除R 外其余电阻不计。
在c 、d 两端加上u l =2202sin l00)(V t 的交变电压。
则（ ）A ．若单刀双掷开关接a ，则电压表示数为22 VB ．若单刀双掷开关接a ，再将滑动变阻器触片P 向下移，电压表示数变大C ．若将单刀双掷开关由a 拨向b ，两电流表的示数均变大D ．若将单刀双掷开关由a 拨向b ，变压器的输入功率变大10．发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆形轨道1，然后经点火使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火将卫星送入同步轨道3。
轨道1、2相切于A 点，轨道2、3相切于B 点，如图所示，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（ ）A．卫星在轨道1上的运行速率大于轨道3上的速率B．卫星在轨道1上的角速度小于在轨道3上的角速度C．卫星在椭圆轨道2上经过A点时的速度大于7．9 km/sD．卫星在椭圆轨道2上经过B点时的加速度等于它在轨道3上经过B点时的加速度11．如图，水平传送带A、B两端相距S=3．5m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0．1。
工件滑上A端瞬时速度V A=4m/s，达到B端的瞬时速度设为V B，则（）A．若传送带不动，则V B=3m/sB．若传送带以速度V=4m/s逆时针匀速转动，V B=3m/sC．若传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，V B=3m/sD．若传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，V B=2m/s12．质量m＝1 kg的物体在光滑平面上运动，初速度大小为2 m/s。
在物体运动的直线上施以一个水平恒力，经过t＝1 s，速度大小变为4 m/s，则这个力的大小可能是（）A．2 N B．4 N C．6 N D．8 N13．如图所示，电阻不计的平行光滑金属导轨与水平面的夹角为θ，宽度为L，下端与阻值为R的电阻相连。
磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，现使质量为m的导体棒ab位置以平行于斜面的初速度沿导轨向上运动，滑行到最远位置a′b′后又下滑。
已知导体棒运动过程中的最大加速度为2gsinθ，g为重力加速度，轨道足够长，则（）A ．导体棒运动过程中的最大速度22sin lB mg θB ．R 上的最大热功率为22222sin lB g m θC ．导体棒返回到ab 位置前已经达到下滑的最大速度D ．导体棒返回到ab 位置时刚好达到下滑的最大速度14．质量为2×103 kg ，发动机额定功率为80 kW 的汽车在平直公路上行驶；若汽车所受阻力大小恒为4×103 N ，则下列判断中正确的有（ ） A ．汽车的最大动能是4×105 JB ．汽车以加速度2 m/s 2匀加速启动，启动后第2秒末时发动机实际功率是32 kWC ．汽车以加速度2 m/s 2做初速度为0的匀加速运动中，达到最大速度时摩擦力做功为4×105 JD ．若汽车保持额定功率启动，则当汽车速度为5 m/s 时，其加速度为6 m/s 2二、实验题：15．（4分）“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验中，某小组同学实验时先正确平衡摩擦力，并利用钩码和小车之间连接的力传感器测出细线上的拉力，改变钩码的个数，确定加速度与细线上拉力F 的关系。
（1）下列图象中能表示该同学实验结果的是_____（2）某次实验中打出如图所示的纸带（打点计时器电源的频率为50Hz），则这个加速度值a =___________m/s2．（计算结果保留两位有效数字）16．（10分）为了测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，提供的器材有：A．电流表G，内阻Rg=120Ω，满偏电流Ig=3 mAB．电流表A，内阻约为1Ω，量程为0～0．6AC．螺旋测微器，刻度尺D．电阻箱R0（0～9999Ω，0．5A）E．滑动变阻器R（5Ω，1A）F．电池组E（6V，0．05Ω）G．一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用________档（填“×1”或“×100”），进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图所示．（2）把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6 V的电压表使用，则电阻箱的阻值应调为R0=______Ω．（3）请用改装好的电压表设计一个测量电阻Rx阻值的实验，根据提供的器材和实验需要，请将图中电路图补画完整．（4）电阻率的计算：测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d．电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的示数为I1，电流表A的示数为I2，请用已知量和测ρ________．量量的字母符号（各量不允许代入数值）写出计算电阻率的表达式=三、计算题：要求有必要的语言文字叙述。
17．（14分）如图所示，水平地面上有A、B两点，且两点间距离L AB=6m，质量m=2kg的物体（可视为质点）静止在A点，地面与物块的滑动摩擦因数μ=0．2，为使物体运动到B点，现给物体施加一水平F =10N的拉力，g取10m/s2，求（1）物体运动到B点的时间；（2）拉力F作用的最短时间。
18．（16分）如图所示，两平行金属板AB中间有互相垂直的匀强电场和匀强磁场。
A板带正电荷，B板带等量负电荷，电场强度为E；磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度为B1。
平行金属板右侧有一挡板M，中间有小孔O′，OO′是平行于两金属板的中心线。
挡板右侧有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场应强度为B2。
CD为磁场B2边界上的一绝缘板，它与M板的夹角θ=45°，O′C=a，现有大量质量均为m，含有各种不同电荷量、不同速度的带电粒子（不计重力），自O点沿OO′方向进入电磁场区域，其中有些粒子沿直线OO′方向运动，并进入匀强磁场B2中，求：（1）进入匀强磁场B2的带电粒子的速度；（2）能击中绝缘板CD的粒子中，所带电荷量的最大值；（3）绝缘板CD上被带电粒子击中区域的长度。
19．【物理----选修3-5】（14分）（1）（5分）在下列关于近代物理知识的说法中，正确的是（ ）（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得3分．选对3个得5分;每选错1个扣5分，最低得分为0分）．A ．一单色光照到某金属表面时，有光电子从金属表面逸出，只延长入射光照射时间，光电子的最大初动能将不变 B ．氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大 C ．β射线为原子的核外电子电离后形成的电子流D ．铀元素的半衰期为T ，当温度发生变化时，铀元素的半衰期也发生变化E ．查德威克发现了中子，其核反应方程为：n C He Be 101264294+→+（2）（9分）如图所示，圆弧轨道与水平面平滑连接，轨道与水平面均光滑，质量为m的物块B 与轻质弹簧拴接静止在水平面上，弹簧右端固定，质量为3m 的物块A 从圆弧轨道上距离水平面高h 处由静止释放，与B 碰撞后推着B 一起运动但与B 不粘连．求： Ⅰ．弹簧的最大弹性势能；Ⅱ．A 与B 第一次分离后，物块A 沿圆弧面上升的最大高度．2015年山东省枣庄八中高三第一学期期末测试物理试题参考答案一、选择题，评分标准：每题3分，1-8单选，9-14多选，全对3分，对而不全得2分。