云南省昭通市水富县云天化中学2015_2016学年高二化学上学期12月月考试卷(含解析)

2015-2016学年云南省昭通市水富县云天化中学高二（上）月考化学试卷（12月份）一、选择题：本题目共10小题，每小题5分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．有关专家指出，目前家庭装修中常用的板材、涂料、石材、布艺或多或少都存在毒性，其毒性来源为（）A．甲烷 B．甲酸 C．甲醇 D．甲醛2．1993年由中国学者和美国科学家共同合成了世界上最大的碳氢分子，其一个分子由1334 个碳原子和1148个氢原子构成．关于此物质，下列说法肯定错误的是（）A．属烃类化合物 B．常温下是固态C．可发生氧化、加成反应 D．可能含381个碳碳叁键3．维生素C的结构简式为，有关它的叙述错误的是（）A．在碱性溶液中能稳定地存在 B．易起氧化及加成反应C．可以溶解于乙醇D．是一个环状的酯类化合物4．中草药秦皮中含有的七叶树内酯，具有抗菌作用．若1mol 七叶树内酯，分别与浓溴水和NaOH溶液完全反应，则消耗的Br2和NaOH的物质的量分别为（）A．3mol Br2；2mol NaOH B．3mol Br2；4mol NaOHC．2mol Br2；3mol NaOH D．4mol Br2；4mol NaOH5．有机物丁香油酚结构简式为：其可能具有的性质是：①能发生加成反应，②能使酸性高锰酸钾溶液褪色，③能发生取代反应，④能与三氯化铁发生显色反应，⑤能发生中和反应，⑥能发生消去反应（）A．全部 B．仅①②③④C．除⑥外都能D．除④⑥外都能6．具有相同分子式的一溴代烷，其水解产物在灼热铜丝的催化下可以氧化成4种不同结构的醛，则该一溴代烷的分子式为（）A．C3H7Br B．C4H9Br C．C5H11Br D．C6H13Br7．已知乙炔（C2H2）、苯（C6H6）、乙醛（C2H4O）的混合气体中含氧元素的质量分数为8%，则混合气体中碳元素的质量分数为（）A．84% B．60% C．91% D．42%8．某物质中可能有甲酸、乙酸、甲醇和甲酸乙酯四种物质中的一种或几种．在鉴定时有下列现象：①有银镜反应；②加入新制的Cu（OH）2悬浊液后未发现变澄清；③与含酚酞的NaOH溶液共热，红色逐渐消失．下列结论正确的是（）A．有甲酸乙酯，可能有甲醇B．有甲酸乙酯和甲酸C．有甲酸乙酯和甲醇 D．几种物质均存在9．有4种有机物：①②③④CH3﹣CH═CH﹣CN，其中可用于合成结构简式为的高分子材料的正确的组合为（）A．①③④B．①②③C．①②④D．②③④10．拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂，其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如图．下列对该化合物叙述正确的是（）A．属于芳香烃B．属于卤代烃C．在酸性条件下不水解D．在一定条件下可以发生加成反应二、解答题（共6小题，满分50分）11．（14分）（2015秋•水富县校级月考）有机物A是构成营养素的基础物质，A的球棍模型如图所示，图中“棍”代表单键或双键或三键，不同颜色的球代表不同元素的原子．回答下列问题：（1）A的分子式是，官能团的名称是（2）下列有关于A的说法中，正确的是（选填字母）；a．具有两性 b．能发生消去反应 c．不能发生酯化反应 d．名称为甘氨酸．12．（2015秋•水富县校级月考）A、B、C三种物质的分子式都是C7H8O，若滴入FeCl3溶液，只有C呈紫色，且C苯环上的一溴代物有两种结构．若投入金属钠，只有B没有变化．写出A、B、C的结构简式：A ，B ，C ．13．（2015秋•水富县校级月考）有机物X （C9H804）是一种应用最早、最广的药物之一，也是重要的合成中间体．有机物X的仪器分析如图：①有机物X的红外光谱②有机物X的核磁共振氢谱图峰面积比是1：1：1：1：1：3，已知X分子中苯环上只有两个相邻的取代基，则X的结构简式是．14．（12分）（2008•珠海一模）“C1化学”是指以分子中只含一个碳原子的物质为原料进行物质合成的化学．下图是以天然气的主要成分为原料的合成路线流程图，其中“混合气体”的成分与水煤气相同；B的水溶液有杀菌防腐性能；D是C的钠盐，2mol D分子间脱去1mol H2分子可缩合生成E；H是F与A按物质的量之比为1：2反应的产物．填写下列空白：（1）天然气主要成分的电子式是；E的化学式是．（2）D、G的结构简式是D G ．（3）写出下列反应式的化学方程：A→BA+F→H ．15．（12分）（2015春•宁夏校级期末）已知：R﹣CH═CH﹣O﹣R′（烯基醚）R﹣CH2CHO+R′OH烯基醚A的相对分子质量（Mr）为176，分子中碳氢原子数目比为3：4，与A相关的反应如下：请回答下列问题：（1）A的分子式为．（2）B的名称是；A的结构简式为．（3）写出C﹣→D反应的化学方程式：（4）写出两种同时符合下列条件的E的同分异构体的结构简式：、．①属于芳香化合物．②苯环上有两种不同环境的氢原子．16．（12分）（2009•佛山一模）利用芳香烃X和链烃Y可以合成紫外线吸收剂BAD，已知G不能发生银镜反应，BAD结构简式为：BAD的合成路线如下：试回答下列问题：（1）写出结构简式Y ，D ．（2）属于取代反应的有（填数字序号）．（3）1molBAD最多可与含 molNaOH的溶液完全反应；（4）写出方程式：反应④；B+G→H．2015-2016学年云南省昭通市水富县云天化中学高二（上）月考化学试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题目共10小题，每小题5分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．有关专家指出，目前家庭装修中常用的板材、涂料、石材、布艺或多或少都存在毒性，其毒性来源为（）A．甲烷 B．甲酸 C．甲醇 D．甲醛【考点】甲醛．【专题】化学计算．【分析】劣质的油性油漆、板材、涂料、胶粘剂等材料含有较多的甲醛、苯、二甲苯等有毒有机物．【解答】解：目前家庭装修中常用的板材、涂料、石材、布艺或多或少都存在毒性，其毒性来源为甲醛，故选D．【点评】本题主要考查了常见的室内污染，难度不大，注意知识的积累．2．1993年由中国学者和美国科学家共同合成了世界上最大的碳氢分子，其一个分子由1334 个碳原子和1148个氢原子构成．关于此物质，下列说法肯定错误的是（）A．属烃类化合物 B．常温下是固态C．可发生氧化、加成反应 D．可能含381个碳碳叁键【考点】饱和烃与不饱和烃．【分析】A、烃是指只含有C、H两种元素的化合物；B、相对分子质量很大，分子间作用力大，熔点沸点比较大；C、根据计算不饱和度，据此判断；D、不可能全是381个碳碳叁键．【解答】解：A、该物质只含有C、H两种元素，属于烃类化合物，故A正确；B、相对分子质量很大，分子间作用力大，熔点沸点比较大，常温下是固态，故B正确；C、该物质的不饱和度为=762，分子中可能存在不饱和键，可能发生加成、氧化反应，该物质可以燃烧，燃烧属于氧化反应，故C正确；D、该物质的不饱和度为=762，不可能全是381个碳碳叁键，故D错误．故选D．【点评】本题考查有机物的组成、结构与性质等，比较基础，旨在考查学生对知识的简单利用，注意基础知识的掌握．3．维生素C的结构简式为，有关它的叙述错误的是（）A．在碱性溶液中能稳定地存在 B．易起氧化及加成反应C．可以溶解于乙醇D．是一个环状的酯类化合物【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】该有机物中含﹣OH、C=C﹣﹣COOC﹣，结合醇、烯烃、酯的性质来解答．【解答】解：A．含﹣COOC﹣，在碱性溶液中水解，则不能稳定存在，故A错误；B．含﹣OH，易发生氧化反应，含C=C可发生氧化和加成反应，故B正确；C．为多羟基物质，容易溶解于乙醇，故C正确；D．含﹣COOC﹣及环状结构，则是一个环状的酯类化合物，故D正确．故选A．【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高考常见题型，注意把握有机物中的官能团，熟悉常见有机物的性质即可解答，题目难度中等．4．中草药秦皮中含有的七叶树内酯，具有抗菌作用．若1mol 七叶树内酯，分别与浓溴水和NaOH溶液完全反应，则消耗的Br2和NaOH的物质的量分别为（）A．3mol Br2；2mol NaOH B．3mol Br2；4mol NaOHC．2mol Br2；3mol NaOH D．4mol Br2；4mol NaOH【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】该物质中含有酯基、酚羟基、苯环、碳碳双键，具有酚、酯和苯的性质，能发生显色反应、氧化反应、取代反应、水解反应及加成反应，酚羟基苯环上邻对位H原子能被溴原子取代，酯基能和NaOH水溶液发生水解反应，酚羟基和NaOH发生中和反应，以此解答该题．【解答】解：酚羟基苯环上邻对位H原子能被溴原子取代，酯基能和NaOH水溶液发生水解反应，酚羟基和NaOH发生中和反应，碳碳双键和溴发生加成反应，1mol的七叶树内酯分别与浓溴水和NaOH溶液完全反应，酯基水解生成的酚羟基和羧基都能和NaOH反应，消耗溴的物质的量为3mol、NaOH的物质的量为4mol，故选B．【点评】本题考查有机物结构和性质，为高考高频点，明确物质官能团及其性质是解本题关键，注意酯基水解生成的酚羟基能和NaOH发生中和反应，题目难度不大．5．有机物丁香油酚结构简式为：其可能具有的性质是：①能发生加成反应，②能使酸性高锰酸钾溶液褪色，③能发生取代反应，④能与三氯化铁发生显色反应，⑤能发生中和反应，⑥能发生消去反应（）A．全部 B．仅①②③④C．除⑥外都能D．除④⑥外都能【考点】有机物的结构和性质．【分析】丁香油酚的结构简式为，含碳碳双键、酚﹣OH、﹣COC﹣，结合烯烃、苯酚的性质来解答．【解答】解：含苯环、碳碳双键，可发生加成反应；含碳碳双键、酚﹣OH可被酸性高锰酸钾氧化；含酚﹣OH，可发生显色反应；含酚﹣OH，可发生取代反应；酚﹣OH，具有酸性，可发生中和反应；该物质不能发生消去反应，故选C．【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高考常见题型，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重有机反应类型的考查，熟悉烯烃、苯酚的性质即可解答，题目难度不大．6．具有相同分子式的一溴代烷，其水解产物在灼热铜丝的催化下可以氧化成4种不同结构的醛，则该一溴代烷的分子式为（）A．C3H7Br B．C4H9Br C．C5H11Br D．C6H13Br【考点】常见有机化合物的结构；同分异构现象和同分异构体．【专题】同系物和同分异构体．【分析】先确定烷烃的对称中心，即找出等效的氢原子，再根据先中心后外围的原则，将溴原子逐一去代替氢原子，有几种氢原子就有几种一溴代烃，溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛，据此即可解答；【解答】解：先确定烷烃的一溴代物的种类，然后，溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛．A．丙烷有2中一溴代物，不可能生成4种醛，故A错误；B．正丁烷两种一溴代物，异丁烷两种一溴代物，共4种，所以分子式为C4H9Br的同分异构体共有4种，其中溴原子连接在键端的碳原子上能被氧化成醛的只有1﹣溴丁烷、1﹣溴﹣2﹣甲基丙烷，故B错误；C．C5H11Br水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃为：CH3CH2CH2CH2CH2Br 1﹣溴戊烷；CH3CH2CH（CH3）CH2Br 2﹣甲基﹣1﹣溴丁烷；CH3CH（CH3）CH2CH2Br 3﹣甲基﹣1﹣溴丁烷；CH3C（CH3）2CH2Br 2，2﹣二甲基﹣1﹣溴丙烷；被空气氧化生成4种不同的醛为：CH3CH2CH2CH2CHO 戊醛；CH3CH2CH（CH3）CHO 2﹣甲基丁醛；CH3CH（CH3）CH2CHO 3﹣甲基丁醛；CH3C（CH3）2CHO 2，2﹣二甲基丙醛，故C正确；D．C6H13Br水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃有13种，故D错误．故选C．【点评】本题考查同分异构体的应用和卤代烃的水解、醇的氧化等知识，注意只有与羟基相连的碳原子上连有2个氢原子的醇才能被氧化醛，题目难度中等．7．已知乙炔（C2H2）、苯（C6H6）、乙醛（C2H4O）的混合气体中含氧元素的质量分数为8%，则混合气体中碳元素的质量分数为（）A．84% B．60% C．91% D．42%【考点】元素质量分数的计算．【专题】计算题．【分析】乙醛（C2H4O）可以表示为C2H2．H2O，故乙炔（C2H2）、苯（C6H6）、乙醛（C2H4O）的混合气体可以看做C6H6、C8H8、C2H2、H2O的混合物，根据O元素的分数计算H2O的质量分数，进而计算C6H6、C8H8、C2H2总的质量分数，由三物质的化学式可知最简式为CH，C、H质量之比为12：1，据此计算C元素的质量分数．【解答】解：乙醛（C2H4O）可以表示为C2H2．H2O，故乙炔（C2H2）、苯（C6H6）、乙醛（C2H4O）的混合气体可以看做C6H6、C8H8、C2H2、H2O的混合物，O元素的分数为8%，故H2O的质量分数为=9%，故C6H6、C8H8、C2H2总的质量分数1﹣9%=91%，由三种物质的化学式可知最简式为CH，C、H质量之比为12：1，故C元素的质量分数为91%×=84%，故选A．【点评】考查混合物中元素质量分数的计算，难度中等，关键是根据乙醛的化学式将物质转化为最简式为CH与水的混合物．8．某物质中可能有甲酸、乙酸、甲醇和甲酸乙酯四种物质中的一种或几种．在鉴定时有下列现象：①有银镜反应；②加入新制的Cu（OH）2悬浊液后未发现变澄清；③与含酚酞的NaOH溶液共热，红色逐渐消失．下列结论正确的是（）A．有甲酸乙酯，可能有甲醇B．有甲酸乙酯和甲酸C．有甲酸乙酯和甲醇 D．几种物质均存在【考点】有机物的鉴别．【专题】有机反应．【分析】①有银镜反应；说明分子结构中含有醛基；②加入新制氢氧化铜悬浊液少许，未发现变澄清，沉淀不溶解，说明不含羧酸；③与含酚酞的氢氧化钠溶液共热，红色逐渐消失，说明和氢氧化钠反应．【解答】解：①有银镜反应，说明分子结构中含有醛基，含甲酸或甲酸乙酯或都有；②加入新制氢氧化铜悬浊液少许，未发现变澄清，沉淀不溶解，则说明不含羧酸，则没有甲酸；③与含酚酞的氢氧化钠溶液共热，红色逐渐消失，说明和氢氧化钠反应，而醇、醛不与NaOH 反应，则一定含有甲酸乙酯，一定不存在甲酸，可能有甲醇，故选A．【点评】本题考查了有机物的鉴别，为高频考点，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握分子结构中官能团的特征性质是解题关键，熟悉醛、酯的性质即可解答，题目难度中等．9．有4种有机物：①②③④CH3﹣CH═CH﹣CN，其中可用于合成结构简式为的高分子材料的正确的组合为（）A．①③④B．①②③C．①②④D．②③④【考点】常用合成高分子材料的化学成分及其性能．【分析】根据所给高聚物的结构简式和加聚反应原理可知主链上碳原子为不饱和碳原子，根据碳的4个价键规则可作如下的断键处理，断键后两半键闭合可得由高聚物的单体．【解答】解：根据所给高聚物的结构简式和加聚反应原理可知主链上碳原子为不饱和碳原子，根据碳的4个价键规则可作如下的断键处理（断键处用虚线表示），断键后两半键闭合可得由高聚物的单体为CH3﹣CH=CH﹣CN、和，故选D．【点评】本题主要考查不饱和烃加聚反应的规律，设计单体的判断，题目难度不大，本题注意单体与高聚物的判断方法，学习中注意把握方程式的书写．10．拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂，其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如图．下列对该化合物叙述正确的是（）A．属于芳香烃B．属于卤代烃C．在酸性条件下不水解D．在一定条件下可以发生加成反应【考点】有机物的结构和性质．【分析】该分子中含有碳碳双键、酯基、苯环和醚键，具有烯烃、酯、苯、醚等物质的性质，能发生加成反应、还原反应、氧化反应、取代反应、水解反应等，据此分析解答．【解答】解：A．该物质中含有Br、O、N元素，所以属于烃的衍生物，故A错误；B．该物质中还含有O、N元素，所以不属于卤代烃，故B错误；C．该物质中含有酯基，能在酸性条件下水解生成﹣COOH、﹣OH，故C错误；D．该物质中含有苯环和碳碳双键，所以在一定条件下可以发生加成反应，故D正确；故选D．【点评】本题考查有机物结构和性质，明确官能团及其性质关系即可解答，侧重考查烯烃、苯、醚及酯的性质，题目难度不大．二、解答题（共6小题，满分50分）11．（14分）（2015秋•水富县校级月考）有机物A是构成营养素的基础物质，A的球棍模型如图所示，图中“棍”代表单键或双键或三键，不同颜色的球代表不同元素的原子．回答下列问题：（1）A的分子式是C2H5O2N ，官能团的名称是羧基、氨基（2）下列有关于A的说法中，正确的是ad （选填字母）；a．具有两性 b．能发生消去反应 c．不能发生酯化反应 d．名称为甘氨酸．【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】有机物A是构成营养素的基础物质，属于有机物，蓝色球连接4个原子，为C原子，白色球连接1个原子，为H原子，蓝色球连接3个原子，为N原子，红色球连接2个原子，为O原子，可知A的结构简式为NH2CH2COOH，含有氨基、羧基，具有两性，可以发生酯化反应，不能发生消去反应，氨基酸分子中羧基羰基﹣OH、氨基提供H，脱去水形成肽键．【解答】解：（1）有机物A是构成营养素的基础物质，属于有机物，蓝色球连接4个原子，为C原子，白色球连接1个原子，为H原子，蓝色球连接3个原子，为N原子，红色球连接2个原子，为O原子，可知A的结构简式为NH2CH2COOH，分子式为：C2H5O2N，官能团为：羧基、氨基，故答案为：C2H5O2N；羧基、氨基；（2）A含有氨基、羧基，具有两性，可以发生酯化反应，不能发生消去反应，名称为甘氨酸，故答案为：ad．【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，侧重学生的分析能力的考查，注意根据原子连接其它原子数目判断有机物的结构，难度不大．12．（2015秋•水富县校级月考）A、B、C三种物质的分子式都是C7H8O，若滴入FeCl3溶液，只有C呈紫色，且C苯环上的一溴代物有两种结构．若投入金属钠，只有B没有变化．写出A、B、C的结构简式：A ，B ，C ．【考点】有机物的推断．【分析】A、B、C三种物质化学式都是C7H8O，不饱和度==4，若滴入FeCl3溶液，只有C呈紫色，说明C中含有酚羟基，由分子式知，还含有﹣CH3，C苯环上的一溴代物有两种结构，说明甲基与羟基处于对位；若投入金属钠，只有B没有变化，则B中没有羟基，A、C中含有羟基，故B中含有醚键，侧链为﹣OCH3；A中含有醇羟基，侧链为﹣CH2OH，据此分析解答．【解答】解：A、B、C三种物质化学式都是C7H8O，不饱和度==4，若滴入FeCl3溶液，只有C呈紫色，说明C中含有酚羟基，由分子式知，还含有﹣CH3，C苯环上的一溴代物有两种结构，说明甲基与羟基处于对位，所以C为；若投入金属钠，只有B没有变化，则B中没有羟基，A、C中含有羟基，故B中含有醚键，侧链为﹣OCH3，所以B为，A中含有醇羟基，侧链为﹣CH2OH，所以A为，故答案为：；；．【点评】本题考查有机物推断，为高频考点，明确有机物官能团及其性质关系是解本题关键，知道酚羟基性质的特殊性，题目难度不大．13．（2015秋•水富县校级月考）有机物X （C9H804）是一种应用最早、最广的药物之一，也是重要的合成中间体．有机物X的仪器分析如图：①有机物X的红外光谱②有机物X的核磁共振氢谱图峰面积比是1：1：1：1：1：3，已知X分子中苯环上只有两个相邻的取代基，则X的结构简式是．【考点】有关有机物分子式确定的计算；有机物实验式和分子式的确定；有机物结构式的确定．【专题】有机物分子组成通式的应用规律．【分析】有机物X分子式为C9H8O4，结合其红外光谱图可知，X含有苯环、﹣OOCCH3、﹣COOH，核磁共振氢谱图峰面积比是1：1：1：1：1：3，含5种H，且﹣OOCCH3、﹣COOH位于苯环相邻位置，以此来解答．【解答】解：有机物X分子式为C9H8O4，结合其红外光谱图可知，X含有苯环、﹣OOCCH3、﹣COOH，核磁共振氢谱图峰面积比是1：1：1：1：1：3，含5种H，且﹣OOCCH3、﹣COOH位于苯环相邻位置，故X为，故答案为：．【点评】本题考查有机物的推断，为高频考点，把握红外光谱图、核磁共振氢谱确定有机物的官能团、结构为解答的关键，侧重分析与推断能力的考查，题目难度不大．14．（12分）（2008•珠海一模）“C1化学”是指以分子中只含一个碳原子的物质为原料进行物质合成的化学．下图是以天然气的主要成分为原料的合成路线流程图，其中“混合气体”的成分与水煤气相同；B的水溶液有杀菌防腐性能；D是C的钠盐，2mol D分子间脱去1mol H2分子可缩合生成E；H是F与A按物质的量之比为1：2反应的产物．填写下列空白：（1）天然气主要成分的电子式是；E的化学式是Na2C2O4．（2）D、G的结构简式是D HCOONa G HCOOCH3．（3）写出下列反应式的化学方程：A→B2CH3OH+O22HCHO+2H2OA+F→H．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】天然气与水反应得到“混合气体”的成分与水煤气相同，则为CO、H2混合气体，混合气体在催化剂条件下得到A．A氧化反应得到B，B氧化反应得到C，则A为醇，B为醛，C为羧酸，B的水溶液有杀菌防腐性能，则A为CH3OH，B为HCHO，C为HCOOH，C与氢氧化钠反应生成钠盐D为HCOONa，2mol D分子间脱去1mol H2分子可缩合生成E，则E为NaOOC ﹣COONa，E酸化得到F为HOOC﹣COOH，H是F与A按物质的量之比为1：2反应的产物，则H为CH3OOCCOOCH3，A与C反应生成G为HCOOCH3，据此解答．【解答】解：天然气与水反应得到“混合气体”的成分与水煤气相同，则为CO、H2混合气体，混合气体在催化剂条件下得到A．A氧化反应得到B，B氧化反应得到C，则A为醇，B 为醛，C为羧酸，B的水溶液有杀菌防腐性能，则A为CH3OH，B为HCHO，C为HCOOH，C与氢氧化钠反应生成钠盐D为HCOONa，2mol D分子间脱去1mol H2分子可缩合生成E，则E为NaOOC﹣COONa，E酸化得到F为HOOC﹣COOH，H是F与A按物质的量之比为1：2反应的产物，则H为CH3OOCCOOCH3，A与C反应生成G为HCOOCH3，（1）天然气主要成分为CH4，其电子式是；由上述分析可知，E为NaOOC﹣COONa，其化学式是Na2C2O4，故答案为：；Na2C2O4；（2）由上述分析可知，D的结构简式为HCOONa，G的结构简式为HCOOCH3，故答案为：HCOONa；HCOOCH3；（3）A→B的反应方程式为：2CH3OH+O22HCHO+2H2O，A+F→H的反应方程式为：，故答案为：2CH3OH+O22HCHO+2H2O；．【点评】本题考查有机物的推断，注意根据A可以发生氧化反应进行推断，需要学生熟练掌握有机化学基础，难度中等．15．（12分）（2015春•宁夏校级期末）已知：R﹣CH═CH﹣O﹣R′（烯基醚）R﹣CH2CHO+R′OH烯基醚A的相对分子质量（Mr）为176，分子中碳氢原子数目比为3：4，与A相关的反应如下：请回答下列问题：（1）A的分子式为C12H16O ．（2）B的名称是1﹣丙醇；A的结构简式为．（3）写出C﹣→D反应的化学方程式：CH3CH2CHO+2Ag（NH3）2OHCH3CH2COONH4+2Ag↓+3NH3↑+H2O（4）写出两种同时符合下列条件的E的同分异构体的结构简式：、、（其中两种）．．①属于芳香化合物．②苯环上有两种不同环境的氢原子．【考点】有机物的推断．【分析】根据题中各物质的转化关系，B能连续发生氧化反应，B为醇，C为醛，由B的相对分子质量为60，则B为CH3CH2CH2OH，B→C发生催化氧化反应，C为CH3CH2CHO，C→D为银镜反应，则D为CH3CH2COONH4，烃基烯基醚A中碳氢原子数目比为3：4，其相对分子质量为176，结构B、E的结构及信息可知，A为，据此解答．【解答】解：根据题中各物质的转化关系，B能连续发生氧化反应，B为醇，C为醛，由B 的相对分子质量为60，则B为CH3CH2CH2OH，B→C发生催化氧化反应，C为CH3CH2CHO，C→D 为银镜反应，则D为CH3CH2COONH4，烃基烯基醚A中碳氢原子数目比为3：4，其相对分子质量为176，结构B、E的结构及信息可知，A为，（1）由上述分析可知，A为，所以A 的分子式为C12H16O，故答案为：C12H16O；（2）B为CH3CH2CH2OH，名称为1﹣丙醇，A的结构简式为，故答案为：1﹣丙醇；；（3）C→D反应的化学方程式为：CH3CH2CHO+2Ag（NH3）2OH CH3CH2COONH4+2Ag↓+3NH3↑+H2O，故答案为：CH3CH2CHO+2Ag（NH3）2OH CH3CH2COONH4+2Ag↓+3NH3↑+H2O；（4）E（）的同分异构体符合条件：①属于芳香醛，分子中含有苯环、﹣CHO；②苯环上有两种不同环境的氢原子，由对称可知苯环上只有两种H原子，其取代基为乙基与﹣CHO或两个甲基与﹣CHO，所以符合条件E的同分异构体为、、，故答案为：、、（其中两种）．【点评】本题考查有机推断，属于有机合成综合性试题，全面考查了有机分子式和结构简式的推导、化学方程式的书写、同分异构体的判断与书写、有机信息的理解与应用，全面考查了学生思维能力、分析问题和解决问题的能力，难度中等．16．（12分）（2009•佛山一模）利用芳香烃X和链烃Y可以合成紫外线吸收剂BAD，已知G不能发生银镜反应，BAD结构简式为：BAD的合成路线如下：试回答下列问题：（1）写出结构简式Y CH3CH=CH2，D ．（2）属于取代反应的有①②⑤（填数字序号）．（3）1molBAD最多可与含 6 molNaOH的溶液完全反应；（4）写出方程式：反应④；B+G→H．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】由BAD结构简式可知E为，H为，根据D的分子式结合E的结构可知D为，根据B的分子式可知B为，则A为，烃X为苯，F在Cu为催化剂条件下发生催化氧化生成G，G不能发生银镜反应，应为酮，结合B和H的结构可知G为，则F为CH3CHOHCH3，烃Y为CH3CH=CH2，结合有机物的结构和性质解答该题．【解答】解：由BAD结构简式可知E为，H为，根据D的分子式结合E的结构可知D为，根据B的分子式可知B为，则A为，烃X为苯，F在Cu为催化剂条件下发生催化氧化生成G，G不能发生银镜反应，应为酮，结合B和H的结构可知G为，则F为CH3CHOHCH3，烃Y为CH3CH=CH2，（1）由以上分子可知Y为CH3CH=CH2，D为，故答案为：CH3CH=CH2；；（2）由转化关系可知①为取代反应，②为取代反应，③为加成反应，④为氧化反应，⑤为取代反应，故答案为：①②⑤；（3）根据BAD结构简式可知，BAD水解生成4个酚羟基和2个羧基，则1molBAD最多可与含6molNaOH的溶液反应，故答案为：6；（4）④的反应方程式为：，。