广东省仲元中学2017-2018学年高二下学期期中考试物理(理)试题Word版含解析
广东省广州市番禺区仲元中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理(理)试题PDF版含解析
广东省广州市番禺区仲元中学2017—2018学年高二上学期期中考试物理（理）试题一、单选题（5小题）1. 下列说法正确的是（）A. 电荷放在电势高的地方，电势能就大B. 正电荷在电场中某点的电势能一定大于负电荷在该点具有的电势能C. 电场强度为零的点，电势一定为零D. 无论移动正电荷还是负电荷，若克服电场力做功它的电势能都增大【答案】D【解析】试题分析：正电荷放在电势高的地方，电势能就大，而负电荷放在电势高的地方，电势能就小．故A错误．电荷的电势能与电荷的电性和电势的正负有关，正电荷在电场中电势为负值的某点的电势能，小于负电荷在该点具有的电势能．故B错误．电场强度与电势无关，电场强度为零的点，电势不一定为零．故C错误．只要电荷克服电场力做功，根据功能关系可知，它的电势能都增大．故D正确．故选 D.【点睛】正电荷放在电势高的地方，电势能就大．电荷的电势能与电荷的电性和电势的正负有关，正电荷在电场中某点的电势能，不一定大于负电荷在该点具有的电势能．电荷克服电场力做功它的电势能都增大．电场强度与电势无关2. 如图所示是两个电阻、的I－U图线，将两电阻、并联后的总电阻为R，则电阻R 的I－U图象分布在图中哪个区域（）A. Ⅰ区B. Ⅱ区C. Ⅲ区D. 不能确定【答案】A【解析】试题分析：两电阻并联后，总电阻要小于两电阻；而在I-U图象中，斜率越大，电阻越小，故并联之后的电阻应在区域I.故选A．【点睛】I-U图象中的斜率表示电阻的倒数；而两电阻并联后，总电阻小于任一电阻.3. 以速度沿水平方向飞行的手榴弹在空中爆炸，炸裂成1kg和0.5kg的两块，其中0.5kg 的那块以的速率沿原来速度相反的方向运动，此时另一块的速率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：手榴弹在空中爆炸过程，爆炸力远大于重力，在水平方向上动量守恒，以手榴弹原来速度为正方向，由动量守恒定律得：，即，解得，故选 C.【点睛】手榴弹在空中爆炸过程，爆炸力远大于重力，在水平方向上动量守恒，根据动量守恒定律求出另一块的速率．4. 如图虚线表示某点电荷电场中的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的轨迹如图中实线所示.粒子在A、B点的加速度大小分别为、，电势能分别为、，下列判断正确的是（）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】试题分析：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，从外向内，电势降低，所以该电场是负的点电荷产生的电场，则粒子带负电；根据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即，从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即；故D正确，ABC错误．故选D．【点睛】本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．5. 直角坐标系xOy中,M、N两点位于x轴上,G、H两点坐标如图.M、N两点各固定一负点电荷,一电量为Q的正点电荷置于O点时,G点处的电场强度恰好为零,静电力常量用k表示.若将该正点电荷移到G点,则H点处场强的大小和方向分别为（）A. ,沿y轴正向B. ,沿y轴负向C. ,沿y轴正向D. ,沿y轴负向【答案】B考点：电场的叠加【名师点睛】此题是电场的叠加问题；关键是能找到两个负电荷在G、H两点的场强大小，根据点电荷场强公式求解正电荷Q的场强，最后叠加即可．二、多选题（5小题）6. 如图所示的装置中,木块B与水平面间的接触面是光滑的,子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内,将弹簧压缩到最短,弹簧左端连着墙壁,现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统),则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（）A. 动量守恒B. 动量不守恒C. 机械能守恒D. 机械能不守恒【答案】BD【解析】试题分析：此系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中水平方向受到墙壁对系统的向右的作用力，所以系统的动量不守恒；子弹在进入木块的过程中，子弹相对于木块有一定的位移，所以子弹与木块组成的系统有一定的动能损失，所以系统的机械能也不守恒．故BD正确，AC错误．故选BD【点睛】分析清楚物体运动过程、掌握系统动量守恒的条件、机械能守恒的条件是解题的关键，以及知道当系统只有动能和势能之间相互转化时，系统机械能守恒．分析清楚运动过程即可正确解题．7. 下列说法正确的是（）A. 由可知，电场强度与放入其中的检验电荷所受的电场力成正比，与检验电荷所带的电荷量成反比B. 电容器的电容，但电容的大小不是决定于带电量和两极板的电压，而是决定于电容器本身的结构C. 由可知，导体的电阻与导体的长度和横截面积都有关系D. 由可知，导体的电阻与导体两端的电压、电流都有关系【答案】BC【解析】试题分析：电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷的电荷量无关，故A错误；电容是电容器本身的性质，和极板上的电荷量及电压无关，而是决定于电容器本身的结构．故B正确；由电阻定律的表达式可知，电阻与导体的长度和横截面积都有关系，故C正确．导体的电阻电阻与导体的长度和横截面积都有关系，与电压、电流无关．故D错误．故选BC. 【点睛】该题考查对电场强度、电容、电阻的定义式以及欧姆定律的表达式等几个不同的公式的理解，要通过它们的比较，理解定义式与定律的表达式的差别．8. 如图所示，两个质量相等的物体A、B从同一高度沿倾角不同的两光滑斜面由静止自由滑下，在到达斜面底端的过程中，下列说法正确的是（）A. 两物体所受重力的冲量相同B. 两物体所受合外力的冲量相同C. 两物体动量的变化量不同D. 两物体动能的变化量相同【答案】CD【解析】试题分析：设高度为h，根据牛顿第二定律得，加速度为：，由，得，由于斜面的倾角不同，则运动时间不同，根据I=mgt知，重力的冲量不同，故A 错误．根据动能定理知：，解得：，到达底端时动能变化量相同，由于斜面倾角不同，故速度大小相等、方向不同，根据动量定理知，动量的变化量大小相等、方向不同，故合力的冲量大小相等、方向不同，故合力的冲量不相同，动量的变化量也不相同，故B错误，C D正确．故选CD．【点睛】物体在同一高度沿倾角不同两个光滑斜面由静止自由滑下，运动时间不等，重力的冲量不同．高度相同，重力做功相同．合力的冲量是矢量，方向不同，合力的冲量不同．根据机械能守恒定律分析刚到达底端的动能是相同的.9. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电油滴恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A. 电容器带电荷量不变B. 油滴仍静止C. 检流计中有a→ｂ的电流D. 检流计中有b→ａ的电流【答案】BC【解析】试题分析：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式，知电容减小，而电压不变，由Q=UC可知，电容器带电量减小．故A错误．由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→ｂ的电流．故C正确，D错误．故选BC．【点睛】带电油滴原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．10. 如图所示，一质量为m、电荷量为q的小球在电场强度为E、区域足够大的匀强电场中，以初速度沿ON在竖直面内做匀变速直线运动．ON与水平面的夹角为，重力加速度为，且已知，则（）A. 电场方向竖直向上B. 小球运动的加速度大小为C. 小球上升的最大高度为D. 若小球在初始位移的电势能为零，则小球电势能的最大值为【答案】BD【解析】试题分析：小球做匀变速直线运动，合力应与速度在同一直线上，即在ON直线上，因，所以电场力与重力关于ON对称，根据数学知识得：电场力与水平方向的夹角应为，受力情况如图一所示，合力沿ON方向向下，大小为，所以加速度为，方向沿ON 向下．故A、B错误；经对A的分析可知，小球做匀减速直线运动，由运动学公式可得最大位移为，则最大高度为，故C错误；若小球在初始位置的电势能为零，在减速运动至速度为零的过程中，小球克服电场力做功和克服重力做功是相等的，由能量的转化与守恒可知，小球的初动能一半转化为电势能，一半转化为重力势能，初动能为，小球的最大电势能为，故D正确。
最新-2018学年度第一学期广东仲元中学期中考考试 精品
2018学年度第一学期广东仲元中学期中考考试高二物理科试题一、单选题（每题只有一个正确答案，每题3分，共45分）1．关于布朗运动，下列说法正确的是A．布朗运动就是分子的无规则运动B．布朗运动是液体中的悬浮微粒在周围液体分子撞击下发生的无规则运动C．布朗运动是悬浮在液体中那一部分分子的无规则运动D．在布朗运动的实验中，小颗粒无规则运动的轨迹就是分子无规则运动的轨迹2．两个分子甲和乙相距较远(此时分子间的分子力可忽略)，设甲固定不动，乙逐渐向甲靠近直到不能再靠近的过程中A．分子力总是对乙做正功B．乙总是克服分子力做功C．先是乙克服分子力做功，然后分子力对乙做正功D．先是分子力对乙做正功，然后乙克服分子力做功3．关于“永动机”的下列说法中正确的是A．不消耗任何能量的燃料，却能源源不断地对外做功的机器是绝对不能制造成功的，因为它违背了能的转化和守恒定律B．只要不违背能的转化和守恒定律的机器总是能够制造成功的C．只从单一热源取热，使之完全变为有用功而不产生其他影响的机器是可以制造出来的D．热效率是百分之百的热机是绝对不可能制造出来的4．两个分子从原来间距大于r0（r0为平衡位置距离），相互靠近到间距小于r0的过程中，由这两个分子组成的系统的势能：A．始终增加B．始终减少C．先减少后增加D．先增加后减少5、一定质量的理想气体，在温度不变的条件下，体积膨胀了对外做功。
则下列说法中错误．．的有：（）A.气体的压强一定是减小了，因为单位体积的分子数减小了。
B.气体的内能能减小了，因为气体对外做了功。
C.气体分子平均速率不变。
D.气体分子间的平均距离增大了。
6、一列波在介质中向某一方向传播，图中所示为此波在某一时刻的波形图，并且此时振动还只发生在M、N之间，并知此波的周期T，Q质点速度方问在波形图中是竖直向下的，则下列说法中正确的是A．波源是M，由波源起振开始计时，P点已经振动时间TB．波源是N，由波源起振开始计时，P点已经振动时间为3T/4C．波源是N，由波源起振开始计时，P点已经振动时间为T/4D．波源是M，由波源起振开始计时，P点已经振动时间为3T/47、A、B两个弹簧振子，Ａ的固有频率为f，Ｂ的固有频率为４f．若它们均在频率为3f的策动力作用下作受迫振动，那么：（）A、A的振幅较大，振动频率为fB、B的振幅较大，振动频率为3fC、A的振幅较大，振动频率为3fD、B的振幅较大，振动频率为4f8、如下图所示，一列横波向右传播，波上有a、b、c三个质点，每个质点经过一定时间之后都要回到平衡位置，它们回到平衡位置的先后顺序是（）（A）b、c、a （B）c、b、a （C）a、b、c （D）a、c、b9、作简谐运动的物体，相邻两次经过平衡位置与最大位置之间的某一确定点时，不同的物理量有（）A、速度B、加速度C、位移D、动能10、一列机械波从一种介质进入另一种介质时，有关物理量的情况是（）A、波速、频率、波长均不变B、波速不变、频率、波长将改变C、率不变、波速、波长将改变D、波速、频率、波长均改变11．把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一小段距离，发现两球间互相排斥，则A、B两球原来的带电情况不可能．．．是（）A．A和B原来带有等量异种电荷B．A和B原来带有同种电荷C．A和B原来带有不等量异种电荷D．A和B原来只有一个带电12．关于电场强度和电势，下列说法正确的是A．由公式E＝F／q可知E和F成正比，与q成反比B．公式E＝kQ/r2适用于所有电场C．电场强度不为零的地方，电势可以为零D．无论正电荷还是负电荷，当它在电场中移动时，若电场力做正功，它一定是从电势高处移到电势抵处。
广东省仲元中学高二物理下学期期中试题 理
广东省仲元中学2017-2018学年高二物理下学期期中试题理一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题的四个选项中只有一个正确）1.关于布朗运动的下列说法中正确的是（）A.所谓布朗运动是指液体分子的无规则运动B.所谓布朗运动是指悬浮在液体中的固体分子的无规则运动C.布朗运动产生的条件是液体温度足够高D.布朗运动产生的条件是悬浮的固体微粒足够小2.一飞机在北半球的上空以速度v水平飞行，飞机机身长为a，翼展为b；该空间地磁场磁感应强度的水平分量为B1，竖直分量为B2；驾驶员左侧机翼的端点用A表示，右侧机翼的端点用B表示，用E表示飞机产生的感应电动势，则（）A.E=B1vb，且A点电势低于B点电势B.E=B1vb，且A点电势高于B点电势C.E=B2vb，且A点电势低于B点电势D.E=B2vb，且A点电势高于B点电势3.图甲中的a是一个边长为L的正方形导线框，其电阻为R.线框以恒定速度v沿x轴运动，并穿过图中所示的匀强磁场区域b.如果以x轴的正方向作为力的正方向。
线框在图示位置的时刻作为时间的零点，则磁场对线框的作用力F随时间变化的图线应为图乙中的哪个图？（）4、一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈与R串联接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则A．U=66V k=19B．U=73.3V k=13图乙C ．U=66V k=13D ．U=73.3V k=195．如下图所示，两块水平放置的金属板距离为d ，用导线、电键K 与一个n 匝的线圈连接，线圈置于方向竖直向上的变化磁场B 中．两板间放一台小压力传感器，压力传感器上表面静止放置一个质量为m 、电量为＋q 的小球．K 断开时传感器上有示数，K 闭合时传感器上恰好无示数．则线圈中的磁场B 的变化情况和磁通量变化率分别是( )A ．正在增强，ΔΦΔt ＝mgd qB ．正在减弱，ΔΦΔt ＝mgdnqC ．正在增强，ΔΦΔt ＝mgd nqD ．正在减弱，ΔΦΔt ＝mgdq6、用相同导线绕制的边长为L 或2L 的四个闭合导体线框、以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示。
【数学】广东仲元中学2017-2018学年高二下学期期中考试(理)(word版附答案)
广东仲元中学2017-2018学年高二下学期期中考试（理）第一部分 选择题(共 60 分)一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.已知集合{}{}2|111,|1A x x B x x =-<-<=<，则A B = （ ）A ．{}|1x 1x -<<B ．{}|01x x <<C ．{}|1x x <D ．{}|02x x << 2.抛物线24(0)y ax a =<的焦点坐标是 （ ）A. (,0)aB. (,0)a -C. (0,)aD. (0,)a -3.如图所示的长方形的长为2，宽为1，在长方形内撒一把豆子(豆子大小忽略不计)，然后统计知豆子的总数为m 粒，其中落在飞鸟图案中的豆子有n 粒，据此请你估计图中飞鸟图案的面积约为( ) A.nmB.2n mC.m nD.2m n4．已知命题:(1,)p x ∀∈+∞，318x x +>．则命题p 的否定p ⌝为( )A ．3(1,),18x x x ∀∈+∞+≤B ．3(1,),18x x x ∀∈+∞+<C ．300(1,),18x x x ∃∈+∞+≤D ．300(1,),18x x x ∃∈+∞+<5．已知向量(cos ,sin )a θθ= ，(1b = ，若a 与b 的夹角为6π，则||a b -= ( )A ．2BCD ．1 6.若31)4cos(=+πα，)2,0(πα∈，则αsin 的值为（ ） A ．624- B ．624+C ．187D ． 327.世界数学名题“13+x 问题”：任取一个自然数，如果它是偶数，我们就把它除以2，如果它是奇数，我们就把它乘3再加上1，在这样一个变换下，我们就得到了一个新的自然数，如果反复使用这个变换，我们就会得到一串自然数，猜想：反复进行上述运算后，最后结果为1，现根据此问题设计一个程序框图如图，执行该程序框图，若输入的5=N ，则输出=i （ ） A ． 3 B ．5 C. 6 D ．78.设复数()4z a i a R =+∈，且()2i z -为纯虚数，则a = （ ） A ．-1 B ． 1 C ． 2 D ．-29.设不等式组,3,4y x y x x y ≤⎧⎪≥⎨⎪+≤⎩表示的平面区域为1Ω，不等式22(2)(2)2x y ++-≤表示的平面区域为2Ω，对于1Ω中的任意一点M 和2Ω中的任意一点N ，||MN 的最小值为（ ）ABCD．10.已知函数()sin()3f x x π=-，要得到()cos g x x =的图象，只需将函数()y f x =的图象（ ）A ．向右平移56π个单位 B ．向右平移3π个单位 C.向左平移3π个单位 D ．向左平移56π个单位11.某几何体是由一个三棱柱和一个三棱锥构成的，其三视图如图所示，则该几何体的体积为( ) A.43B.32C.53D.11612.若函数2(2)()m xf x x m-=+的图象如图所示，则m 的范围为（ ） A ．(,1)-∞- B ．(1,2)C ．(0,2)D ．(1,2)-二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13. 已知),1(λ=，)1,2(=，若向量+2与)6,8(=共线，则在方向上的投影为 ．14.已知点D C B A ,,,在同一个球的球面上，2==BC AB ，2=AC ，若四面体ABCD 的体积为332，球心O 恰好在棱DA 上，则这个球的表面积为 ． 15.正项数列{}n a 的前n 项和为n S ，且22n n n S a a =+（*n N ∈），设21(1)2n n n na c S +=-， 则数列{}n c 的前2016项的和为 ．16.已知F 是椭圆C ：221204x y +=的右焦点，P 是C 上一点，(2,1)A -，当APF ∆周长最小时，其面积为 ．三、解答题 （本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.） 17. （本小题满分10分）已知数列{}n a 是等差数列，21a t t =-，24a =，23a t t =+. (1)求数列{}n a 的通项公式；(2)若数列{}n a 为递增数列，数列{}n b 满足2log n n b a =，求数列(){}1n n a b -的前n 项和n S .18. （本小题满分12分）在锐角△ABC 中，角,,A B C 的对边分别为,,a b c ，BC 边上的中线AD m =，且满足2224a bc m +=.（1）求BAC ∠的大小；（2）若2a =，求ABC ∆的周长的取值范围.19. （本小题满分12分）如图，在直角梯形ABCD 中，//,AD BC AB BC ⊥，且24,,BC AD E F ==分别为线段,AB DC 的中点，沿EF 把AEFD 折起，使AE CF ⊥，得到如下的立体图形.（1）证明：平面AEFD ⊥平面EBCF ；（2）若BD EC ⊥，求二面角F BD C --的余弦值.20. （本小题满分12分）设2()(2)(2)f x x x =-+. （1）求()f x 的单调区间；（2）求()f x 在3[5,]2-的最大值与最小值.21. （本小题满分12分）如下图，在平面直角坐标系xOy 中，直线1:l y x =与直线2:l y x =-之间的阴影部分记为W ，区域W 中动点(,)P x y 到12,l l 的距离之积为1.（1）求点P 的轨迹C 的方程；（2）动直线l 穿过区域W ，分别交直线12,l l 于,A B 两点，若直线l 与轨迹C 有且只有一个公共点，求证：OAB ∆的面积恒为定值.22. （本小题满分12分）设函数(),.x f x ke k R =∈（1）当1k =时，求曲线()y f x =在点(0,(0))f 处的切线方程；（2）如果不等式()1f x x >+对于一切的(0,)x ∈+∞恒成立，求k 的取值范围； （3）证明：不等式21x xe xe ->对于一切的(0,)x ∈+∞恒成立．参考答案一、选择题： 1-12、BABCD ACDCD AB二、填空题 13.14.π16 15. 20162017- 16. 4三、解答题 （本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.） 17. （本小题满分10分）解：(1)由题意得22228t t t t t -++==，所以2t =±，2t =时，12a =，公差2d =，所以2n a n =; 2t =-时，16a =，公差2d =-，所以82n a n =-.(2)若数列{}n a 为递增数列，则2n a n =，所以2log 2n b n =，4n n b =，()()1214n n n a b n -=-⋅，所以 ()()…231143454234214n n n S n n -=⋅+⋅+⋅++-⋅+-⋅，()()…23414143454234214n n n S n n +=⋅+⋅+⋅++-⋅+-⋅，所以()…23134242424214n n n S n +-=+⋅+⋅++⋅--⋅()()211414422143n n n -+-=+⨯---()1206543n n +---=， 所以()1654209n n n S +-+=.18．（本小题满分12分）解：（1）在ABD ∆中，由余弦定理得：2221cos 4c m a ma ADB =+-∠， ①在ACD ∆中，由余弦定理得：2221cos 4b m a ma ADC =+-∠， ② 因为ADB ADC π∠+∠=，所以cos cos 0ADB ADC ∠+∠=，①+②得：2222122b c m a +=+， 即2222111224m b c a =+-， 代入已知条件2224a bc m +=，得2222222a bc b c a +=+-，即222b c a bc +-=， 2221cos 22b c a BAC bc +-==，又0A π<<，所以3BAC π∠=. （2）在ABC ∆中由正弦定理得sin sin sin3a b cB Cπ==，又2a =，所以b B =，23c C B π⎛⎫==- ⎪⎝⎭，∴24sin 26a b c B C B π⎛⎫++==++ ⎪⎝⎭， ∵ABC ∆为锐角三角形，3BAC π∠=，∴⇒⎪⎩⎪⎨⎧<<<<2020ππC B ,62B ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭ ∴⎪⎭⎫⎝⎛∈+32,36πππB，∴sin 6B π⎤⎛⎫+∈⎥ ⎪⎝⎭⎝⎦． ∴ABC ∆周长的取值范围为(2⎤+⎦．19. （本小题满分12分）（1）证明：由题可得//EF AD ，则AE EF ⊥， 又AE CF ⊥，且EF CF F = ，所以AE ⊥平面EBCF .因为AE ⊂平面AEFD ，所以平面AEFD ⊥平面EBCF ；（2）解：过点D 作//DG AE 交EF 于点G ，连结BG ，则DG ⊥平面EBCF ，DG EC ⊥，又,BD EC BD DG D ⊥= ，所以EC ⊥平面,BDG EC BG ⊥， 易证EGB BEC ∆∆ ，则EG EBEB BC=，得EB = 以E 为坐标原点，EB的方向为x 轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系E xyz -，则()(()(()0,3,0,,,A ,F D C B .故((()(,0,,0,4,0,BD FD BC CD =-=-==--，设(),,n x y z = 是平面FBD的法向量，则200n BD y n FD y ⎧⋅=-++=⎪⎨⋅=-+=⎪⎩， 令1z =，得()3,n =，设(),,m a b c =是平面BCD的法向量，则4020m BC b m CD b ⎧⋅==⎪⎨⋅=--+=⎪⎩，令1a =，则()1,0,1m =，因为2cos ,3n m n m n m⋅===，所以二面角F BD C --的余弦值为23.20. （本小题满分12分）解：（1）f ′（x ）= -（x ＋2）（3x -2），令f ′（x ）＞0得 -2＜x ＜，令f ′（x ）＜0得x ＜-2或x ＞，，∴的单调增区间为（-2，），单调减区间为（-∞，-2）和（，＋∞）；（2）由单调性可知，当x = -2时，f （x ）有极小值f （-2 ）=0，当x =时，f （x ）有极大值f （）=；又f （-5）=63，f （）=，∴x = -2时，f （x ）取最小值0，x = -5时，f （x ）取最大值63.21. （本小题满分12分） 解：（11=，|()()|2x y x y +-=. 因为点P 在区域W 内，所以x y +与x y -同号，得22()()2x y x y x y +-=-=，即点P 的轨迹C 的方程为22122x y -=.（2）设直线l 与x 轴相交于点D ，当直线l 的斜率不存在时，||OD ||AB =1||||22OAB S AB OD ∆=⋅=. 当直线l 的斜率存在时，设其方程为y kx m =+，显然0k ≠，则(,0)mD k-， 把直线l 的方程与22:2C x y -=联立得222(1)220k x kmx m --++=，由直线l 与轨迹C 有且只有一个公共点，知222244(1)(2)0k m k m ∆=--+=， 得222(1)0m k =->，得1k >或1k <-.设12(,)A x y ，22(,)B x y ，由y kx m y x =+⎧⎨=⎩得11m y k =-，同理，得21my k =+.所以121||||2OABS OD y y ∆=-=221||||||22111m m m m k k k k -==-+-. 综上，OAB ∆的面积恒为定值2. 22. （本小题满分12分） 解：（1）当时，，则，故，所以曲线在点处的切线方程为：；（2）因为，所以恒成立，等价于恒成立.设，得，当时，，所以在上单调递减，所以时，.因为恒成立，所以的取值范围是；（3）当时，，等价于.设，，得.由（2）可知，时，恒成立.所以时，，有，所以.所以在上单调递增，当时，. 因此当时，恒成立。
广东省高二物理下学期期中试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2016-2017学年广东省实验中学高二〔下〕期中物理试卷一、单项选择题〔每一小题只有一项符合题目要求，每题4分，共32分〕1．在如下几种现象中，所选系统动量守恒的有〔〕A．原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统B．运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统C．从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统D．光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统2．如下列图，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导体abcd所围区域内磁场的磁感应强度按如下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环受到向上的磁场作用力〔〕A． B． C． D．3．如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是〔〕A．A和B都向左运动B．A和B都向右运动C．A静止，B向右运动D．A向左运动，B向右运动4．如下列图，MN、GH为平行导轨，AB、CD为跨在导轨上的两根横杆，导轨和横杆均为导体，有匀强磁场垂直于导轨所在平面，方向如图，用I表示回路中的电流，如此〔〕A．当AB不动而CD向右滑动时，I≠0，且沿顺时针方向B．当AB向左，CD向右滑动且速度大小相等时，I=0C．当AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0D．当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，I≠0，且沿顺时针方向5．质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，如此安全带所受的平均冲力的大小为〔〕A．400N B．500N C．600N D．1000N6．光滑水平面上，两个质量相等的小球A、B沿同一直线同向运动〔B在前〕，碰前两球的动量分别为p A=12kg•m/s、p B=8kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△p A、△p B．如下数值不可能的是〔〕A．△p A=﹣2 kg•m/s、△p B=2 kg•m/sB．△p A=﹣3 kg•m/s、△p B=3 kg•m/sC．△p A=﹣4 kg•m/s、△p B=4 kg•m/sD．△p A=﹣5 kg•m/s、△p B=5 kg•m/s7．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，通过R1的正弦式电流如图乙所示，如此〔〕A．交变电流的频率为0.02HzB．原线圈输入电压的最大值为200VC．电阻R2的电功率约为6.67WD．通过R3的电流始终为零8．A、B两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上．A、B两球质量分别为2m和m．当用板挡住小球A而只释放B球时，B球被弹出落于距桌边距离为s的水平地面上，如下列图．问当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，B球的落地点距桌边距离为〔〕A．B． C．D．二、多项选择题〔每一小题至少有两项符合题目要求，每题6分，共36分．选对但不全的得3分，错选0分．〕9．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．假设图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．如此如下说法正确的答案是〔〕A．回路中电流大小恒定B．回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C．回路中有大小和方向作周期性变化的电流D．假设将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也会有电流流过10．如下列图是研究通电自感的实验电路图，A1、A2是两个规格一样的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度一样，调节可变电阻R1，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，如此〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C．稳定后，L和R两端电势差不一样D．稳定后，A1和A2两端电势差不一样11．质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物体乙以4m/s的速度与甲相向运动，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B．当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C．当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态也恢复至碰撞前的状态D．当甲物块的速率为1m/s时，乙物块的速率可能为2m/s，也可能为012．如下列图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN 垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，如下结论正确的答案是〔〕A．感应电流方向发生变化 B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E=Bav D．感应电动势平均值13．如图1所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板获得的动能为2 J B．系统损失的机械能为4 JC．木板A的最小长度为1 m D．A、B间的动摩擦因数为0.114．在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如下列图的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环的速度为v，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2三、实验题〔每空2分，共10分〕15．用游标卡尺测量小钢球直径如下列图，如此小球直径为mm．16．如下列图，用“碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平局部碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O．接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复屡次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复屡次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．①对于上述实验操作，如下说法正确的答案是A．应使小球每次从斜槽上一样的位置静止滚下B．斜槽轨道必须光滑C．斜槽轨道末端必须水平D．小球1质量应大于小球2的质量②上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有．A．A、B两点间的高度差h1B．B点离地面的高度h2C．小球1和小球2的质量m1、m2D．小球1或小球2的直径d③当所测物理量满足表达式〔用所测物理量的字母表示〕时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．如果还满足表达式〔用所测物理量的字母表示〕时，即说明两球碰撞时无机械能损失．四、计算题〔共32分〕17．如图，质量为6m、长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平．B 端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C，C与木板之间的动摩擦因数为μ=．质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触．现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂．小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半．〔1〕求细绳能够承受的最大拉力；〔2〕假设要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为多大？〔3〕通过计算判断C能否从木板上掉下来．18．如下列图，光滑斜面的倾角a=30°，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1=1m，bc边的边长l2=0.6m，线框的质量m=1kg，电阻R=0.1Ω，线框受到沿光滑斜面向上的恒力F 的作用，F=1ON．斜面上ef线〔ef∥gh〕的右方有垂直斜面向上的均匀磁场，磁感应强度B 随时间t的变化情况如B﹣t图象所示，时间t是从线框由静止开始运动时刻起计的．如果线框从静止开始运动，进人磁场最初一段时间是匀速的，ef线和gh的距离 s=5.1m，取g=10m/s2．求：〔1〕线框进人磁场前的加速度；〔2 〕线框进人磁场时匀速运动的速度v；〔3〕线框整体进入磁场后，ab边运动到gh线的过程中产生的焦耳热．2016-2017学年广东省实验中学高二〔下〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每一小题只有一项符合题目要求，每题4分，共32分〕1．在如下几种现象中，所选系统动量守恒的有〔〕A．原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统B．运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统C．从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统D．光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统【考点】52：动量定理；51：动量冲量．【分析】判断动量是否守恒的方法有两种：第一种，从动量守恒的条件判定，动量守恒定律成立的条件是系统受到的合外力为零，故分析系统受到的外力是关键．第二种，从动量的定义判定．【解答】解：A：人与车组成的系统在水平方向受到的合外力为0，故水平方向的动量守恒．故A正确；B：人与铅球组成的系统，初动量为零，末动量不为零．故B错误；C：重物和车厢为一系统的末动量为零而初动量不为零．故C错误；D：该选项中，在物体沿斜面下滑时，向下的动量增大．故D错误．应当选：A2．如下列图，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导体abcd所围区域内磁场的磁感应强度按如下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环受到向上的磁场作用力〔〕A． B． C． D．【考点】D8：法拉第电磁感应定律；DB：楞次定律．【分析】导线区内磁场的变化使螺线管内产生感应电流，而感应电流产生的磁场可以在下方线圈中产生感线电流，如此由法拉第电磁感应定律与楞次定律可判断导线区域内的磁场变化．【解答】解：由楞次定律的运动学描述“来拒去留〞可知，要使圆环受到磁场的向上的作用力，如此螺线管中应产生减小的磁场；而螺线管中的磁场是由abcd区域内的磁场变化引起的，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小与磁场的变化率成正比，要使螺线管中应产生减小的磁场，如此螺线管内的感应电流要减小，因此abcd中的磁场变化率应减小，故C正确，ABD错误；应当选：C．3．如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是〔〕A．A和B都向左运动B．A和B都向右运动C．A静止，B向右运动D．A向左运动，B向右运动【考点】53：动量守恒定律．【分析】两球碰撞过程，系统动量守恒，先选取正方向，再根据动量守恒定律列方程，求解即可．【解答】解：两球碰撞过程动量守恒，以两球组成的系统为研究对象，取水平向右方向为正方向，碰撞前，A、B的速度分别为：v A=2v0、v B=v0．碰撞前系统总动量：P=m A v A+m B v B=m×2v0+2m×〔﹣v0〕=0，P=0，系统总动量为0，系统动量守恒，如此碰撞前后系统总动量都是0；由于碰撞是弹性碰撞，如此碰撞后二者的速度不能等于0，运动的方向一定相反．故D正确，ABC错误．应当选：D．4．如下列图，MN、GH为平行导轨，AB、CD为跨在导轨上的两根横杆，导轨和横杆均为导体，有匀强磁场垂直于导轨所在平面，方向如图，用I表示回路中的电流，如此〔〕A．当AB不动而CD向右滑动时，I≠0，且沿顺时针方向B．当AB向左，CD向右滑动且速度大小相等时，I=0C．当AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0D．当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，I≠0，且沿顺时针方向【考点】DB：楞次定律．【分析】CD切割产生感应电动势，回路中有感应电流，根据两棒所受的安培力分别判断出两棒的运动规律，当两棒速度相等时，回路中没有感应电流，两棒不受安培力作用．【解答】解：A、当AB不动而CD棒向右运动时，产生感应电动势，在整个回路中产生感应电流，其方向逆时针方向，故A错误；B、当AB向左、CD向右滑动且速度大小相等时，此时，穿过电路中的磁通量变大，如此整个回路中的感应电流不为零，故B错误；C、假设AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0，故，C正确．D、当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，如此相当于AB棒向右切割，因而产生I≠0且沿顺时针方向，故D正确；应当选：CD．5．质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，如此安全带所受的平均冲力的大小为〔〕A．400N B．500N C．600N D．1000N【考点】52：动量定理．【分析】工人开始做自由落体运动，由自由落体运动的速度位移公式求出安全带伸长时人的速度，然后应用动量定理求出安全带的平均冲力【解答】解：建筑工人下落5 m时速度为v，如此有：v== m/s=10 m/s．设安全带所受平均冲力为F，如此由动量定理得：〔mg﹣F〕t=0﹣mv，所以有：F=mg+=60×10 N+ N=1 000 N，故D正确，ABC错误．应当选：D6．光滑水平面上，两个质量相等的小球A、B沿同一直线同向运动〔B在前〕，碰前两球的动量分别为p A=12kg•m/s、p B=8kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△p A、△p B．如下数值不可能的是〔〕A．△p A=﹣2 kg•m/s、△p B=2 k g•m/sB．△p A=﹣3 kg•m/s、△p B=3 kg•m/sC．△p A=﹣4 kg•m/s、△p B=4 kg•m/sD．△p A=﹣5 kg•m/s、△p B=5 kg•m/s【考点】53：动量守恒定律．【分析】光滑的水平面上运动的两物体，不受摩擦力作用，重力和支持力是一对平衡力，故物体碰撞时满足动量守恒定律；由于两个小球的质量相等，分别列出完全弹性碰撞与完全非弹性碰撞的两种极限的条件，然后再进展判断即可．【解答】解：A追上B并与B相碰，说明A的速度大于B的速度，p A=12kg•m/s，p B=8kg•m/s，两个质量相等的小球，所以v A=v B；以它们运动的方向为正方向，假设发生完全非弹性碰撞，如此碰撞后的速度是相等的，所以碰撞后它们的动量也相等，为：kg•m/s所以：△p A=P A′﹣P A=10﹣12=﹣2kg•m/s、△p B=P B′﹣P B=10﹣8=2kg•m/s假设是弹性碰撞，如此：P A+P B=P A′+P B′弹性碰撞的过程中机械能以上守恒的，设它们的质量为m，如此：由于：P=mv联立可得：P A′=8kg•m/s，P B′=12kg•m/s所以此时：△p A=P A′﹣P A=8﹣12=﹣4kg•m/s、△p B=P B′﹣P B=12﹣8=4kg•m/s由以上的分析可知，△p A在﹣2到﹣4kg•m/s之间，△p B在2﹣4kg•m/s之间都是可能的．A、如果△p A=﹣2kg•m/s、△p B=2kg•m/s，碰后动量守恒，符合以上的条件，故A可能；B、△p A=﹣3kg•m/s、△p B=3kg•m/s，碰撞过程动量守恒，符合以上的条件，故B可能；C、如果△p A=﹣4kg•m/s、△p B=4kg•m/ss，碰撞过程动量守恒，符合以上的条件，故C可能；D、如果△p A=﹣5kg•m/s、△p B=5kg•m/s，碰撞过程动量守恒，不符合以上的条件，故D不可能；此题选择不可能的，应当选：D7．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，通过R1的正弦式电流如图乙所示，如此〔〕A．交变电流的频率为0.02HzB．原线圈输入电压的最大值为200VC．电阻R2的电功率约为6.67WD．通过R3的电流始终为零【考点】E8：变压器的构造和原理；E3：正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】由电压与匝数成反比可以求得副线圈的电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流．【解答】解：A、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率一样，周期为0.02s、频率为50赫兹，A错误．B、由图乙可知通过R1的电流最大值为I m=1A、根据欧姆定律可知其最大电压为U m=20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，故B错误；C、根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻R2的电流有效值为I==A，电阻R2的电功率为P=I2R2=6.67W，C正确；D、因为电容器有通交流、阻直流的作用，如此有电流通过R3和电容器，D错误；应当选：C．8．A、B两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上．A、B两球质量分别为2m和m．当用板挡住小球A而只释放B球时，B球被弹出落于距桌边距离为s的水平地面上，如下列图．问当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，B球的落地点距桌边距离为〔〕A．B． C．D．【考点】53：动量守恒定律；43：平抛运动．【分析】A、B两球之间压缩一根轻弹簧，当用板挡住A球而只释放B球时，弹性势能完全转化为B球的动能，以一定的初速度抛出，借助于抛出水平位移可确定弹簧的弹性势能．当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，由动量守恒定律与机械能守恒定律可求出B球获得的速度，再由平抛运动规律可算出抛出的水平位移．【解答】解：当用板挡住A球而只释放B球时，B球做平抛运动．设高度为h，如此有，所以弹性势能为E=当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，由动量守恒定律可得：0=2mv A ﹣mv B所以v A：v B=1：2．因此A球与B球获得的动能之比E kA：E kB=1：2．所以B球的获得动能为：．那么B球抛出初速度为，如此平抛后落地水平位移为应当选：C二、多项选择题〔每一小题至少有两项符合题目要求，每题6分，共36分．选对但不全的得3分，错选0分．〕9．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．假设图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．如此如下说法正确的答案是〔〕A．回路中电流大小恒定B．回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C．回路中有大小和方向作周期性变化的电流D．假设将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也会有电流流过【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】圆盘转动可等效看成无数轴向导体切割磁感线，有效切割长度为铜盘的半径L，根据感应电动势公式分析电动势情况，由欧姆定律分析电流情况．根据右手定如此分析感应电流方向．变化的磁场产生涡旋电流，根据灯泡两端有无电势差分析灯泡中有无电流．【解答】解：AC、B铜盘转动产生的感应电动势为E=BL2ω，其中B、L、ω不变，E不变，根据欧姆定律得I=知，电流恒定不变，故A正确，C错误．B、根据右手定如此判断，回路中电流方向不变，从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘．故B正确．D、垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过．故D错误．应当选：AB．10．如下列图是研究通电自感的实验电路图，A1、A2是两个规格一样的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度一样，调节可变电阻R1，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，如此〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C．稳定后，L和R两端电势差不一样D．稳定后，A1和A2两端电势差不一样【考点】BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】闭合开关的瞬间，L产生自感电动势，要阻碍电流的增加，A1逐渐变亮．A2不产生自感现象，稳定后L不产生自感，结合欧姆定律分析电压大小．【解答】解：AB、闭合瞬间，L产生自感电动势，要阻碍电流的增加，A1逐渐变亮．A2不产生自感现象，没有阻抗，如此A2立刻变亮，故A错误，B正确．CD、因为刚开始调节可变电阻R，使两个灯泡都正常发光，说明它们两端的电压一样，再次断开电键S，重新闭合电键稳定后，两灯仍能正常发光，即两灯泡的电压一样，因为两支路并联，并联电压相等，所以L和R两端电势差一样，故CD错误．应当选：B11．质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物体乙以4m/s的速度与甲相向运动，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B．当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C．当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态也恢复至碰撞前的状态D．当甲物块的速率为1m/s时，乙物块的速率可能为2m/s，也可能为0【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】根据动量守恒的条件：系统所受的合外力为零判断动量是否守恒．竖直方向上甲乙两物体所受的重力与水平面的支持力平衡．水平方向系统不受外力．当两物块相距最近时速度一样，根据动量守恒定律求出物块甲的速率．物块甲的速率为1m/s时，速度方向可能与原来方向一样，也与原来方向相反，由动量守恒研究乙的速率．【解答】解：A、甲、乙两物块〔包括弹簧〕组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故A正确；B、当两物块相距最近时速度一样，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，根据动量守恒定律得到：mv乙﹣mv甲=2mv，解得：v=0.5m/s．故B错误．C、弹簧被压缩到最短时，对甲的作用力向右，对乙的作用力向左，如此甲加速，乙减速，当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态没有恢复至碰撞前，故C错误．D、甲、乙组成的系统动量守恒，假设物块甲的速率为1m/s，方向与原来一样，由动量守恒定律得：mv乙﹣mv甲=﹣mv甲′+m乙v乙′，代入数据解得：v乙′=2m/s；假设物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得：mv乙﹣mv甲=mv甲′+m乙v乙′，代入数据解得：v乙′=0，故D正确．应当选：AD12．如下列图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN 垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，如下结论正确的答案是〔〕A．感应电流方向发生变化 B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E=Bav D．感应电动势平均值【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；DD：电磁感应中的能量转化．【分析】根据楞次定律判断出感应电流的方向，根据左手定如此判断CD段所受的安培力．当切割的有效长度最大时，感应电动势最大，通过法拉第电磁感应定律求出感应电动势的平均值．【解答】解：A、根据楞次定律，知半圆形闭合回路在进入磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向，方向不变．故A错误．B、根据左手定如此，CD段所受的安培力方向竖直向下．故B错误．C、切割的有效长度的最大值为a，如此感应电动势的最大值E=Bav．故C正确．D、根据法拉第电磁感应定律得，．故D正确．应当选CD．13．如图1所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板获得的动能为2 J B．系统损失的机械能为4 JC．木板A的最小长度为1 m D．A、B间的动摩擦因数为0.1【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，根据E k=mv2求解木板获得的动能．根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数．根据“面积〞之差求出木板A的长度．根据系统抑制摩擦力做功求解系统损失的机械能．【解答】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=〔M+m〕v，解得：M=2kg，木板A的质量为 M=2kg，木板获得的动能为：E k=Mv2=×2×12=1J，故A错误．B、系统损失的机械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入数据解得：△E=2J，故B错误；C、由图得到：0﹣1s内B的位移为x B=×〔2+1〕×1m=1.5m，A的位移为x A=×1×1m=0.5m，。
广东省仲元中学2017-2018学年高二下学期期末考试理科综合物理试题 Word版含答案
广东仲元中学2017-2018学年高二第二学期期末测试试卷物理选择题共8题，共48分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．甲、乙两物体同时从同一地点出发，同方向做匀加速直线运动的v-t图象如图所示，则A．乙的加速度比甲的加速度大B．t=2 s时，甲在乙的前方2m处C．t=3 s时，甲在乙的前方1.5m处D．t=4 s时，甲、乙两物体相遇15．伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列说法正确的是A．其中的甲图是实验现象，丁图是经过合理的外推得到的结论B．其中的丁图是实验现象，甲图是经过合理的外推得到的结论C．运用丁图的实验，可“放大”重力的作用，使实验现象更明显D．伽利略认为自由落体运动的速度是均匀变化的，这是他用实验直接进行了验证的16．如图所示，一理想变压器原副线圈的匝数比为1∶2，副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220 V，额定功率为22 W，原线圈电路中接有电压表和电流表。
现闭合开关，灯泡正常发光。
若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则A．U= ，I=0.2 A B．U=110 V，I=0.2 AC．U=110 V，I=0.05 A D．U= V，17．如图所示，A、B是相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈。
下面说法正确的是A．闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮B．闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常C．闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮D．断开开关S时，A灯慢慢熄灭， B灯立即熄灭18、a、b、c三个物体在同一条直线上运动，其位移时间图象(如图)中，a、b为直线，图线c是一条x＝0.4t2的抛物线．有关这三个物体在0～5 s内的运动，下列说法正确的是A．a物体做匀加速直线运动B．c物体运动过程中，任意1s内速度增量相同C．t＝5 s时，a物体速度最大D．a、b两物体都做匀速直线运动，且速度不同19．一根轻质细线将2个薄铁垫圈A、B连接起来，一同学用手固定B，此时A、B间距为3L，A 距地面为L ，如图所示。
广东省广州市番禺区仲元中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理(理)试题 Word版含解
广东省广州市番禺区仲元中学2017—2018学年高二上学期期中考试物理（理）试题一、单选题（5小题）1. 下列说法正确的是（）A. 电荷放在电势高的地方，电势能就大B. 正电荷在电场中某点的电势能一定大于负电荷在该点具有的电势能C. 电场强度为零的点，电势一定为零D. 无论移动正电荷还是负电荷，若克服电场力做功它的电势能都增大【答案】D【解析】试题分析：正电荷放在电势高的地方，电势能就大，而负电荷放在电势高的地方，电势能就小．故A错误．电荷的电势能与电荷的电性和电势的正负有关，正电荷在电场中电势为负值的某点的电势能，小于负电荷在该点具有的电势能．故B错误．电场强度与电势无关，电场强度为零的点，电势不一定为零．故C错误．只要电荷克服电场力做功，根据功能关系可知，它的电势能都增大．故D正确．故选D.【点睛】正电荷放在电势高的地方，电势能就大．电荷的电势能与电荷的电性和电势的正负有关，正电荷在电场中某点的电势能，不一定大于负电荷在该点具有的电势能．电荷克服电场力做功它的电势能都增大．电场强度与电势无关2. 如图所示是两个电阻、的I－U图线，将两电阻、并联后的总电阻为R，则电阻R 的I－U图象分布在图中哪个区域（）A. Ⅰ区B. Ⅱ区C. Ⅲ区D. 不能确定【答案】A【解析】试题分析：两电阻并联后，总电阻要小于两电阻；而在I-U图象中，斜率越大，电阻越小，故并联之后的电阻应在区域I.故选A．【点睛】I-U图象中的斜率表示电阻的倒数；而两电阻并联后，总电阻小于任一电阻.3. 以速度沿水平方向飞行的手榴弹在空中爆炸，炸裂成1kg和0.5kg的两块，其中0.5kg 的那块以的速率沿原来速度相反的方向运动，此时另一块的速率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：手榴弹在空中爆炸过程，爆炸力远大于重力，在水平方向上动量守恒，以手榴弹原来速度为正方向，由动量守恒定律得：，即，解得，故选C.【点睛】手榴弹在空中爆炸过程，爆炸力远大于重力，在水平方向上动量守恒，根据动量守恒定律求出另一块的速率．4. 如图虚线表示某点电荷电场中的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的轨迹如图中实线所示.粒子在A、B点的加速度大小分别为、，电势能分别为、，下列判断正确的是（）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】试题分析：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，从外向内，电势降低，所以该电场是负的点电荷产生的电场，则粒子带负电；根据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即，从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即；故D正确，ABC错误．故选D．【点睛】本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．5. 直角坐标系xOy中,M、N两点位于x轴上,G、H两点坐标如图.M、N两点各固定一负点电荷,一电量为Q的正点电荷置于O点时,G点处的电场强度恰好为零,静电力常量用k表示.若将该正点电荷移到G点,则H点处场强的大小和方向分别为（）A. ,沿y轴正向B. ,沿y轴负向C. ,沿y轴正向D. ,沿y轴负向【答案】B考点：电场的叠加【名师点睛】此题是电场的叠加问题；关键是能找到两个负电荷在G、H两点的场强大小，根据点电荷场强公式求解正电荷Q的场强，最后叠加即可．二、多选题（5小题）6. 如图所示的装置中,木块B与水平面间的接触面是光滑的,子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内,将弹簧压缩到最短,弹簧左端连着墙壁,现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统),则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（）A. 动量守恒B. 动量不守恒C. 机械能守恒D. 机械能不守恒【答案】BD【解析】试题分析：此系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中水平方向受到墙壁对系统的向右的作用力，所以系统的动量不守恒；子弹在进入木块的过程中，子弹相对于木块有一定的位移，所以子弹与木块组成的系统有一定的动能损失，所以系统的机械能也不守恒．故BD正确，AC错误．故选BD【点睛】分析清楚物体运动过程、掌握系统动量守恒的条件、机械能守恒的条件是解题的关键，以及知道当系统只有动能和势能之间相互转化时，系统机械能守恒．分析清楚运动过程即可正确解题．7. 下列说法正确的是（）A. 由可知，电场强度与放入其中的检验电荷所受的电场力成正比，与检验电荷所带的电荷量成反比B. 电容器的电容，但电容的大小不是决定于带电量和两极板的电压，而是决定于电容器本身的结构C. 由可知，导体的电阻与导体的长度和横截面积都有关系D. 由可知，导体的电阻与导体两端的电压、电流都有关系【答案】BC【解析】试题分析：电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷的电荷量无关，故A错误；电容是电容器本身的性质，和极板上的电荷量及电压无关，而是决定于电容器本身的结构．故B正确；由电阻定律的表达式可知，电阻与导体的长度和横截面积都有关系，故C正确．导体的电阻电阻与导体的长度和横截面积都有关系，与电压、电流无关．故D错误．故选BC. 【点睛】该题考查对电场强度、电容、电阻的定义式以及欧姆定律的表达式等几个不同的公式的理解，要通过它们的比较，理解定义式与定律的表达式的差别．8. 如图所示，两个质量相等的物体A、B从同一高度沿倾角不同的两光滑斜面由静止自由滑下，在到达斜面底端的过程中，下列说法正确的是（）A. 两物体所受重力的冲量相同B. 两物体所受合外力的冲量相同C. 两物体动量的变化量不同D. 两物体动能的变化量相同【答案】CD【解析】试题分析：设高度为h，根据牛顿第二定律得，加速度为：，由，得，由于斜面的倾角不同，则运动时间不同，根据I=mgt知，重力的冲量不同，故A 错误．根据动能定理知：，解得：，到达底端时动能变化量相同，由于斜面倾角不同，故速度大小相等、方向不同，根据动量定理知，动量的变化量大小相等、方向不同，故合力的冲量大小相等、方向不同，故合力的冲量不相同，动量的变化量也不相同，故B错误，C D正确．故选CD．【点睛】物体在同一高度沿倾角不同两个光滑斜面由静止自由滑下，运动时间不等，重力的冲量不同．高度相同，重力做功相同．合力的冲量是矢量，方向不同，合力的冲量不同．根据机械能守恒定律分析刚到达底端的动能是相同的.9. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电油滴恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A. 电容器带电荷量不变B. 油滴仍静止C. 检流计中有a→b的电流D. 检流计中有b→a的电流【答案】BC【解析】试题分析：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式，知电容减小，而电压不变，由Q=UC可知，电容器带电量减小．故A错误．由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流．故C正确，D错误．故选BC．【点睛】带电油滴原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．10. 如图所示，一质量为m、电荷量为q的小球在电场强度为E、区域足够大的匀强电场中，以初速度沿ON在竖直面内做匀变速直线运动．ON与水平面的夹角为，重力加速度为，且已知，则（）A. 电场方向竖直向上B. 小球运动的加速度大小为C. 小球上升的最大高度为D. 若小球在初始位移的电势能为零，则小球电势能的最大值为【答案】BD【解析】试题分析：小球做匀变速直线运动，合力应与速度在同一直线上，即在ON直线上，因，所以电场力与重力关于ON对称，根据数学知识得：电场力与水平方向的夹角应为，受力情况如图一所示，合力沿ON方向向下，大小为，所以加速度为，方向沿ON 向下．故A、B错误；经对A的分析可知，小球做匀减速直线运动，由运动学公式可得最大位移为，则最大高度为，故C错误；若小球在初始位置的电势能为零，在减速运动至速度为零的过程中，小球克服电场力做功和克服重力做功是相等的，由能量的转化与守恒可知，小球的初动能一半转化为电势能，一半转化为重力势能，初动能为，小球的最大电势能为，故D正确。
广东高二高中物理期中考试带答案解析
广东高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁(质量为m)，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴始终保持重合。
则悬挂磁铁的绳子中拉力F随时间t变化的图像可能是（）2.如图所示，理想变压器的原线圈两端接u＝220sin100πt（V）的交流电源上副线圈两端接R＝55 Ω的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2∶1，电流表、电压表均为理想电表。
下列说法正确的是（）A．原线圈中的输入功率为B．原线圈中电流表的读数为1AC．副线圈中电压表的读数为110VD．副线圈中输出交流电的周期为0.01s3.如图，小车由光滑的弧形段AB和粗糙的水平段BC组成，静止在光滑水平面上，当小车固定时，从A点由静止滑下的物体到C点恰好停止．如果小车不固定，物体仍从A点静止滑下，则( )A．仍滑到小车上的C点停住B．滑到小车上的BC间某处停住C．会冲出C点落到车外D．小车向左运动，其位移与物体在水平方向的位移大小一定相等4.如图甲所示，单匝线圈两端A、B与一理想电压表相连，线圈内有一垂直纸面向里的磁场，线圈中的磁通量变化规律如图乙所示．下列说法正确的是A．0~0.1s内磁通量的变化量为0.15WbB．电压表读数为0.5VC．电压表“+”接线柱接A端D．B端比A端的电势高5.如图所示，质量为M的楔形物体静止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足够长，与水平方向的夹角为θ。
一个质量为m的小物块从斜面底端沿斜面向上以初速度v开始运动。
当小物块沿斜面向上运动到最高点时，速度大小为v，距地面高度为h，则下列关系式中正确的是（）A．B．C．D．6.）用游标卡尺测量小钢球直径如图所示，则小球直径为________cm。
二、计算题1.如图所示，两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计．斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上．质量为m、电阻可以不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度，在这一过程中( )A．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零B．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于mgh与电阻R上产生的焦耳热之和C．恒力F与安培力的合力所做的功等于零D．恒力F与重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热2.(18分)如图，电阻不计且足够长的U型金属框架放置在倾角θ=37°的绝缘斜面上，该装置处于垂直斜面向下的匀强磁场中，磁感应强度大小B=0.5T。
广东省仲元中学高二物理下学期期中试题理
广东仲元中学2015学年第二学期期中考试高二年级物理学科3-2、3-5模块试卷一、单项选择题（每小题只有一项符合题目要求，每小题6分， 4小题共24分.）1．下列说法正确的是A．使用交流的设备所标的电压和电流都是最大值B．交流电流表和电压表测定的是平均值C．在相同时间内通过同一电阻，跟交流电有相同热效应的直流电值是交流电的有效值D．给定的交变电流值在没有特别说明的情况下都是指平均值2. 如图，有一理想变压器，原副线圈的匝数比为n. 原线圈接正弦交流电压U，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机线圈电阻为R. 当输入端接通交流电源后，电流表读数为I，电动机带动一重物匀速上升. 下列判断正确的是A. 电动机两端电压为IRB. 电动机消耗的功率为I2RC. 原线圈中的电流为nID. 变压器的输入功率为UI/n3. 如右图所示，水平桌面上放一闭合铝环，在铝环轴线上方有一条形磁铁. 当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，下列判断中正确的是A. 铝环有收缩趋势，对桌面压力减小B. 铝环有收缩趋势，对桌面压力增大C. 铝环有扩张趋势，对桌面压力减小D. 铝环有扩张趋势，对桌面压力增大4. 如图所示，铝质圆盘可绕竖直轴转动，整个圆盘都处在竖直向下的匀强磁场之中，通过电刷在圆盘轴心与边缘之间接一个电阻R，在圆盘按图中箭头方向转动时，下列说法中正确的有A. 圆盘上各点电势都相等B. 圆盘边缘上各点电势都相等C.电阻R上的电流由a到bD. 不发生电磁感应现象二、多项选择题（每小题有两项或以上符合题目要求，只选一项且正确的得3分，有选错或者不答的得0分，每小题6分，4小题共24分.）10sin20πt（V），下列说法正确的是5．线圈在磁场中匀速转动产生的交流电动势为e=2A. t=0时，线圈平面位于中性面，磁通量最大B. 该交流电的周期为0.1sC. 该交流电动势的有效值为10V10VD. t=0.2s时，e达到峰值26.已知能使某金属产生光电效应的极限频率为ν0，则A. 当用频率为2ν0的单色光照射该金属时，一定能产生光电子B. 当用频率为2ν0的单色光照射该金属时，所产生的光电子的最大初动能为hν0C. 当照射光的频率ν大于ν0时，若ν增大，则逸出功增大D. 当照射光的频率ν大于ν0时，若ν增大一倍，则光电子的最大初动能也增大一倍7. 如右图所示，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中正确的是：A. 开关K闭合瞬间，A、B两灯同时亮起来B. K闭合稳定后，A、B一样亮C. K断开瞬间，A、B同时熄灭D. K断开瞬间，B立即熄灭，A过一会儿再熄灭8.如图所示装置中，原线圈M与电源相连接，副线圈N与电流计G相连接. 如副线圈中产生感应电流i从a到b流过电流计，则这时正在进行的实验过程可能是A. 保持开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向A端移动B. 保持开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向B端移动C. 开关S突然断开D. 铁芯插入线圈过程中三、计算题（应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分. 3小题共52分.）9.（17分）竖直向上的匀强磁场按B＝B0+kt规律随时间均匀变化，其中B0=1T，k=0.4T／s，U型导轨置于水平面内，导轨间距d＝0.5m，在导轨上搁一根电阻R＝0.1Ω的导体棒(不计其他电阻)，用水平绳通过定滑轮连着质量为M＝0.2 kg的重物，导体棒距导轨左端 L＝1 m，g取10m/s2，求：（1）流过导体棒的电流大小;（2）经多长时间重物M将离开地面？（不计一切摩擦）（3）M将离开地面前，导体棒产生的焦耳热，安培力做的功.10.（17分）风力发电作为新型环保新能源，近几年来得到了快速发展. 风车阵中发电机输出功率为100 kW，输出电压为250 V，用户需要的电压为220 V，输电线总电阻为10 Ω. 若用理想变压器、如图所示线路输电，用户得到的电功率为96 kW，求：（1）输电线的电流;（2）升压变压器原、副线圈的匝数比；（3）降压变压器原、副线圈的匝数比．11．（18分）如图甲所示，ABCD为一足够长的光滑绝缘斜面， EFGH范围内存在方向垂直斜面向上的匀强磁场，磁场边界EF、HG与斜面底边AB平行．一正方形金属框abcd放在斜面上，ab边平行于磁场边界．现使金属框从斜面上某处由静止释放，恰能匀速进入磁场，金属框从开始运动到cd边离开磁场的过程中，其运动的v－t图象如图乙所示．已知金属框总电阻一定，质量m＝1 kg，重力加速度g 取10 m/s2，求：（1）斜面倾角θ；（2）磁场区域的宽度d；（3）cd边到达边界EF前瞬间的加速度大小a；（4）金属框穿过磁场过程中产生的焦耳热Q.2015学年第二学期期中考试高二年级物理学科答案9. 解：（1）感应电动势 ==∆∆=kdL t BSε0.2 V （3分）感应电流大小 ==R I ε2A （3分）（2）刚提起重物时：安培力 F=BId=Mg ，（1+0.4t) ×2×0.5=0.2×10 （4分）t =2.5 s （2分）(3) 焦耳热 ==Rt I Q 2 1 J （3分）位移为零，安培力不做功，即W 安=0. （2分）10.解：（1）功率损失 P 损＝P －P 4＝I 22R 线 （3分）输电线电流 I 2＝ 20 A （2分） （2）升压变压器输出电压 222P U I = ＝5000 V （3分）原、副线圈匝数比： n 1n 2＝U 1U 2 ＝120（3分）（3）降压变压器输入电压 U 3＝U 2－I 2R 线 ＝4800 V （3分）原、副线圈匝数比 n 3n 4＝U 3U 4＝24011 （3分）11．解：（1）由图乙知，0～0.4 s ，加速度 a 0＝t v∆∆＝5 m/s 2 ①（1分）牛顿第二定律： mg sin θ＝ma 0 ②（2分） 由①②得： sin θ＝0.5 , θ＝300 （1分）（2）t 1 ＝0.4 s ～0.8 s ，金属框匀速进入磁场，v 1＝2 m/s, ab 边到达EF 时, v 2＝4 m/s框边长 L ＝v 1t 1 ＝0.8 m ③（1分） t 2 ＝0.8 s ～1.2 s ，位移 1222v v s t +=＝1.2 m ④（2分）d ＝L ＋s ＝2 m ⑤（1分）（3）金属框刚进入磁场时, 感应电流 11BLv I R = ⑥（1分）BI 1L ＝mg sin θ ⑦（1分）1.5 s 时刻，cd 边到达EF 边界时的速度为v 3＝3 m/sθsin 23v 32mg R BL I == ⑧（1分）BI 2L －mg sin θ＝ma ⑨（1分）由⑥⑦⑧⑨得： a =θsin 21g =2.5m/s 2 （1分）（4）0.4 s ～1.5 s 金属框穿过磁场区域，由功能关系得mg (d ＋L )sin θ＝12m 23v －12mv 21＋Q ⑩（4分）Q ＝11.5 J. （1分）。
【化学】广东省仲元中学2017-2018学年高二下学期期中考试（理）（解析版）
广东省仲元中学2017-2018学年高二下学期期中考试（理）1. 化学与社会、生活密切相关。
下列说法正确的是A. 从海水中可以得到NaCl，电解熔融NaCl可制备Cl2B. 当镀锡铁制品的镀层破损时，镀层仍能对铁制品起保护作用C. 钢铁在潮湿的空气中主要发生化学腐蚀D. 可将地下输油钢管与外加直流电源的正极相连以保护它不受腐蚀【答案】A【解析】分析：A.电解熔融NaCl可制备Cl2；B.铁比锡活泼,易被腐蚀；C.钢铁在潮湿的空气中易形成原电池，主要发生电化学腐蚀；D.防止金属被氧化,金属应连接电源的负极。
详解：电解熔融NaCl可以得到金属钠和氯气，A正确；铁比锡活泼,当镀锡铁制品的镀层破损时,铁易被腐蚀, B错误；钢铁在潮湿的空气中易形成原电池，主要发生电化学腐蚀，C错误；防止金属被氧化,金属应连接电源的负极,如连接正极,加速腐蚀,D错误；正确选项A。
2. 下列有关热化学方程式的叙述正确的是（）A. 已知2H2(g)+O2(g) =2 H2O(g) △H=－483.6kJ·mol-1，则氢气的燃烧热△H=－241.8kJ/molB. 已知2C(s)+2O2(g)=2CO2(g)△H1；2C(s)+O2(g)=2CO(g)△H2，则△H1>△H2C. 含20.0g NaOH的稀溶液与稀盐酸完全中和，放出28.7kJ的热量，则稀醋酸和稀NaOH 溶液反应的热化学方程式为：NaOH(aq)+CH3COOH(aq) = CH3COONa(aq) + H2O(l) △H =－57.4kJ·mol-1D. CO(g)的燃烧热是283.0 kJ/mol，则2CO2(g)=2CO(g)+O2(g) △H=+566.0 kJ/mol【答案】D【解析】分析：A.燃烧热是指，纯物质完全燃烧生成稳定的氧化物时所放出的热量，此时水为液态；B.碳完全燃烧放出的热量大于碳不完全燃烧放出的热量，焓变为负值，因此△H1<△H2；C.酸碱中和过程放热，而弱酸、弱碱电离过程为吸热过程；D.CO燃烧放热，而二氧化碳分解为吸热反应。
广东省仲元中学2017届高三9月月考理综物理试题Word版含解析
一、选择题（本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第l4～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分。
选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）14．伽利略用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从固定斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示。
伽利略设计这个实验的目的是为了说明A．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度 B．如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒C．如果物体不受到力，就不会运动 D．维持物体做匀速直线运动并不需要力【答案】D考点：伽利略对自由落体运动的研究15．如图所示，跳伞运动员打开伞后经过一段时间，将在空中保持匀速降落．已知运动员和他身上装备的总重力为G1，圆顶形降落伞伞面的重力为G2，有8条相同的拉线，一端与飞行员相邻(拉线重力不计)，另一端均匀分布在伞面边缘上(图中没有把拉线都画出来)，每根拉线和竖直方向都成30°角．那么每根拉线上的张力大小为A ．41GB ．1231GC ．821G G + D ．12321G G + 【答案】B考点：共点力的平衡16．如图所示，物体A 、B 用细绳连接后跨过滑轮（B 离地足够高），A 的质量是B 的两倍．A 静止在斜面上，B 悬挂着。
不计滑轮上的摩擦，现将斜面倾角由45°缓慢减小到15°，但物体仍保持静止，那么下列说法中正确的是A ．滑轮受到绳子作用力将不变B ．物体A 对斜面的压力将减小C ．绳子的张力及A 受到的摩擦力都不变D ．物体A 受到的摩擦力先减小后增大【答案】D【解析】试题分析：设B 的质量为m ，则A 的质量为2m ，对B 受力分析可知绳子的拉力mg T =，与斜面倾角无关，绳子拉力不变，始终等于B 的重力，随着斜面倾角的减小，绳子之间的夹角在增大，因此其合力减小，所以滑轮受到的绳的作用力减小，故A 错误；A 对斜面的压力θcos 2mg F N =，斜面倾角的减小，F N 增大，故B 错误；由题目可知当斜面倾角为30°时，A 与斜面间的摩擦力为零，斜面倾角由45°缓慢减小到15°的过程中，摩擦力先沿斜面向上，不断减小到零，再沿斜面向上，不断增大，故C 错误，D 正确。
广东省广州仲元中学2023-2024学年高二下学期期中考试物理试卷
广东省广州仲元中学2023-2024学年高二下学期期中考试物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________A．粒子射出D型盒时的最大速度与电压大小无关B．粒子在磁场中运动周期是电场变化周期的两倍C．粒子在磁场中运动周期是电场变化周期的一半D．电场是起偏转的作用，磁场是起加速的作用．如图，在平行板器件中，电场强度计）从左端以速度v沿虚线射入后做匀速直线运动，则该带电粒子（A．一定带正电B．一定带负电C．速度大小Bv=ED．若此粒子从右端沿虚线方向以速度v射入，将做曲线运动连接。
图（b ）为电压互感器示意图，ab 端所接线圈的匝数较少，工作时ab 端电压为ab U ，cd 端所接线圈的匝数较多，工作时cd 端电压为cdU ，现利用这个电压互感器通过普通的交流电压表测量图（a ）中输电导线间的高电压，下列说法中正确的是（ ）A ．ab 接MN 、cd 接电压表，ab cdU U <B ．ab 接MN 、cd 接电压表，ab cdU U >C ．cd 接MN 、ab 接电压表，ab cdU U >D ．cd 接MN 、ab 接电压表，ab cdU U <4．如图，半径为R 的金属圆盘水平放置在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B ，圆盘圆心处固定一个摇柄，边缘和圆心处各与一个黄铜电刷紧贴，用导线将电刷与零刻度在中央的电流表连接起来形成回路。
转动摇柄，使圆盘逆时针（俯视）以角速度ω匀速转动。
下列说法正确的是（ ）A ．电流表中将产生交变电流B ．有从导线b 流入电流表的稳定电流C ．圆盘转动产生大小为2B R w 的稳定电动势D ．由于圆盘的磁通量不变，圆盘上无感应电动势5．如图甲所示是磁电式电流表的结构，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，线圈绕在铝框上，匝数为n ，面积为S ，线圈a 、b 两边导线长均为l ，所在处的磁感应强度大小均为B ，当线圈中电流为I 时，a 、b 边所受安培力F 的方向如图乙，则下列说法错误的是（ ）A ．该磁场不是匀强磁场B ．穿过线圈的磁通量为0C ．转动过程中安培力F 大小总为BIlD ．铝框有电磁阻尼的作用，使指针尽快稳定6．小明同学利用如图所示的电路采用伏安法测定线圈的直流电阻（自感系数较大的线圈一般都有直流电阻）在实验测量完毕后，他将电路拆去时先断开开关1S ，再断开开关2S ，对他的操作步骤，正确的判断是（ ）A ．他的操作步骤正确，其目的是可以同时保护两个电表B ．他的操作步骤不正确，应先断开开关2S ，确保电压表安全C ．他的操作步骤不正确，应先断开开关2S ，确保电流表安全D ．他的操作步骤不正确，应先拆去电流表，确保电流表安全A．若金属线圈的质量不能忽略B．若金属线圈的质量不能忽略C．若金属线圈的质量不能忽略D．若金属线圈的质量可以忽略二、多选题8．如图所示的LC振荡电路中，某时刻电容器上下极板带电情况和线圈L中的磁场方向如图示，则此时（）A ．电容器两端电压正在增大B ．LC 回路中的电流正在增大C ．磁场能正在转化为电场能D ．线圈中的自感电动势在减小9．如图，a 、b 、c 为三根与纸面垂直的固定长直导线，其截面位于等边三角形的三个顶点上，O 为三角形的中心点，bc 沿水平方向，P 为bc 中点，Q 为ac 中点，三根导线中均通有大小相等的电流，方向如图，则以下判断正确的有（ ）A ．O 点的磁感应强度水平向右B ．P 点的磁感应强度水平向右C ．Q 点的磁感应强度水平向右D ．导线a 受到的安培力方向竖直向下10．空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a ）中虚线MN 所示，一硬质细导线的电阻率为r 、横截面积为S ，将该导线做成半径为r 的圆环固定在纸面内，圆心O 在MN 上。
精品解析：广东省仲元中学2017-2018学年高二下学期期中考试生物(理)试题解析(解析版) Word版含解析
2017-2018学年一、单选题：本题共20小题，每小题2分，满分40分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求，选对的得2分，多选、选错或不答的得0分。
1. 在生命系统的结构层次中，既是细胞层次，也是个体层次的是A.精子B.病毒C.变形虫D.卵细胞【答案】C【解析】精子和卵细胞都属于细胞层次，A、D项错误；病毒不属于生命系统的结构层次，B 项错误；变形虫为单细胞生物，既是细胞层次，也是个体层次，C项正确。
【考点定位】生命系统的结构层次【名师点睛】解答此题的关键是：熟记相关的知识点，形成知识网络。
2. 生物体的基本组成物质中，作为生命活动主要承担者的是A.无机盐B.水C.蛋白质D.核酸【答案】C【解析】有的无机盐是细胞中许多有机物的重要组成成分，许多无机盐离子对于维持细胞和生物体的生命活动、在维持细胞的渗透压和酸碱平衡方面起着重要的作用，A项错误；结合水是细胞结构的重要组成成分，自由水是细胞内良好溶剂，参与细胞内的许多生化反应，具有为细胞提供液体环境、运送营养物质和代谢废物、维持细胞的正常形态的作用，B项错误；蛋白质是生物体生命活动的主要承担者，C项正确；核酸是遗传信息的携带者，D项错误。
【考点定位】细胞中的化合物的功能。
【名师点睛】熟记组成细胞的化合物的功能是解答此题的关键。
3. 在人体细胞中，由A、G、U三种碱基可构成多少种核苷酸A.3种B.4种C.5种D.6种【答案】C【考点定位】核酸的化学组成。
【名师点睛】此类问题通常以核酸的组成为基础进行考查，熟记并理解核酸的种类和化学组成是解答此题的关键。
4. DNA完全水解后，得到的化学物质是A.氨基酸、核糖、碱基B.氨基酸、核苷酸、葡萄糖C.核糖、碱基、磷酸D.脱氧核糖、碱基、磷酸【答案】D5. 下列有关细胞的叙述，正确的是A.病毒是一类具有细胞结构的生物B.蓝藻细胞具有细胞核且DNA分子呈环状C.人体所有细胞的细胞周期持续时间相同D.内质网膜和高尔基体膜都具有流动性【答案】D【解析】病毒无细胞结构，A项错误；蓝藻是由原核细胞构成的原核生物，因此蓝藻细胞不具有细胞核，但有环状的DNA分子，B项错误；人体内只有具有连续分裂的细胞才有细胞周期，而不同细胞的细胞周期持续时间不同，C项错误；内质网膜和高尔基体膜均为生物膜，生物膜都具有流动性，D项正确。
广东省仲元中学2017-2018学年高二物理下学期期中试题 文
广东省仲元中学2017-2018学年高二物理下学期期中试题文一、单项选择题1：本大题共20小题，每小题2分，共40分．在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1.下列物理量属于标量的是A．加速度B．位移 C．速率D．力2. 关于质点，下列说法正确的是A、质点一定是体积、质量极小的物体；B、计算火车过桥时所用的时间，火车可看成质点；C、虽然地球很大，且有自转，研究地球公转时仍可作为质点；D、研究一列火车通过某一路标所用时间，火车可看作质点。
3．如图所示，物体静止在固定的斜面上，物体受到的力有（）A．重力、支持力和摩擦力B．重力、摩擦力和下滑力C．重力、摩擦力和平衡力D．重力、弹力和平衡力4. 如图为某物体在10 s内运动的v—t图象。
关于物体在10s内的位移，下列数据正确的是（）A．60m B．40m C．48m D．54m5. 一个重50 N的物体，在光滑的水平面上以3 m/s的速度做匀速直线运动，这个物体受到的水平力应为( )A．0 B．50 NC．15 N D．5 N6. 下列关于利用惯性和防止惯性不利影响的事例中，正确说法的是A．在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小B．运动员冲到终点后，还要向前跑一段距离才能停下来，说明速度大的物体惯性大C．地球由西向东转，我们向上跳起后，由于惯性，还会落到原地D．为了减小运动物体的惯性，坐在小汽车前排的司机和乘客都应系上安全带7．关于自由落体运动，下列说法正确的是A．不考虑空气阻力的运动是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C．质量大的物体，所受重力大，因而落地速度大D．重力加速度在地球赤道处最大8．如图所示，物体在平行于斜面向上、大小为10 N的力F作用下，沿固定的粗糙斜面向上做匀速直线运动，物体与斜面间的滑动摩擦力（）A．等于零B．小于10NC．等于10 N D．大于10 N9．根据牛顿第二定律，下列说法正确的是（）A．加速度为零的物体，一定不受外力作用B．作用力相同时，质量大的物体速度大C．加速度方向与合外力的方向一致D．作用力相同时，质量大的物体加速度大10．如图所示，质量为1 kg的物体与桌面间的动摩擦因素为0.2，物体在8 N的水平拉力作用下获得的加速度大小为（g取10 m/s2）（）A．0B．6 m/s2C．8 m/s2D．10 m/s211．如图所示，重物挂在弹性很好的橡皮筋的中点，在橡皮筋的两端点N和P相互缓慢靠近的过程中，其长度（）A．先增加再缩短B．逐渐增加C ．逐渐缩短D ．保持不变12. 两个做匀变速直线运动的物体，物体A 的加速度23m/s A a =，物体B 的加速度25m/sB a =-，则可以确定 A ．物体A 加速度大于物体B 加速度B ．物体B 加速度大于物体A 加速度C ．物体A 的速度大于物体B 的速度D ．物体B 的速度大于物体A 的速度13.河宽420 m ，船在静水中的速度为4 m/s ，水流的速度为5 m/s ，则船过河的最短时间为( )A ．140 sB ．105 sC ．84 sD ．60 s14. 一根原长10cm 的弹簧，挂上5N 的钩码时弹簧长度变为12cm ，当这根弹簧改挂上15N 的钩码时仍在弹性限度内，弹簧长度变为A ．6cmB ．36cmC ．12cmD ． 16cm15. 下列几种说法中正确的是A ．一个挂在绳子上静止的物体，它受的重力和它拉紧悬绳的力是同一性质的力B ．地球上的物体只有静止时才受到重力的作用C ．同一个物体，向下运动时受到的重力最大，向上运动时受到的重力最小D ．同一物体在同一地点，不论处于什么状态，受到的重力都一样om]16. 以10m/s 的初速度从距水平地面20m 高的塔上水平抛出一个石子.不计空气阻力，取g m s =102/，则石子抛出点到落地点位移的大小为A ．20mB ．30mC ．m 220D ．m 23017.重为100N 的物体在水平面上向右运动，物体与水平面的动摩擦系数为0．2，与此同时物体受到一个水平向左的力F=20N ，那么物体受到的合力为（ ）A ．0B ．40N ，水平向左；C ．20N ，水平向右；D ．20N ，水平向左18. 甲．乙两车在同一地点同时做直线运动，其v －t 图象如图所示，则（ ） A ．它们的初速度均为零B ．甲的加速度大于乙的加速度C ．0～t 1时间内，甲的速度大于乙的速度D ．t 1甲追上乙19．物体从A 点静止出发，做匀加速直线运动，紧接着又做匀减速直线运动，到达B 点时恰好停止. 则在先后两个运动过程中A ．时间一定相同B ．平均速度一定相同C ．加速度的大小一定相同D ．物体通过的路程一定相等20. 用手水平托着一本书做如下几种运动，假定各种情形中加速度大小都相等，且书与手保持相对静止，则书对手的作用力最大的情况是A ．竖直向上匀加速运动B ．竖直向上匀减速运动C ．竖直向下匀加速运动D ．沿水平方向匀加速运动二、单项选择题2：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求．21. 起重机用拉力F 竖直吊起质量为m 的重物，若重力加速度为g ，则重物上升的加速度是A ．m FB ．m mg -FC ．gD ．mmg +F22. 将一物体以v ＝20 m/s 的初速度从地面开始竖直上抛，则物体能达到的最大高度为( )A ．5 mB ．10 mC ．15 mD ．20 m23．下列速度中，指平均速度的是（ ）A ．雨滴落地时的速度B ．汽车通过北京长安街的速度C ．子弹射出枪口时的速度D ．跳水运动员起跳后，到达最高点的速度124．下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A．超重就是物体的重力增加了B．失重就是物体的重力减少了C．完全失重就是物体的重力没有了D．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变25．决定平抛物体在空中运动时间的因素是（）A．初速度 B．抛出时物体的高度C．抛出时物体的高度和初速度 D．以上说法都不正确26．2015年9月3日纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利70周年阅兵式在北京天安门广场举行，参加此次阅兵的轰油—6空中加油机是中国自主研制的第一款空中加油机．图为加受油机梯队保持在预对接状态，飞越天安门接受检阅．下列说法中正确的是( )A．选地面为参考系，受油机是静止的B．选加油机为参考系，受油机是静止的C．选加油机为参考系，广场上的观众是静止的D．参考系必须选静止不动的物体27．关于摩擦力，下列说法中正确的是 ( )A．摩擦力的方向总是和物体运动的方向相反；B．滑动摩擦力的方向不可能和物体运动的方向相同；C．物体所受摩擦力总是阻碍物体的运动；D．物体受的摩擦力的方向总是和物体的相对运动或相对运动趋势的方向相反。
广东省仲元中学高二下学期期中考试物理试题 解析版
广东仲元中学第二学期期中测试（物理）一、单项选择题1. 下列物理量属于标量的是A. 加速度B. 位移C. 速率D. 力【答案】C【解析】A、B、D、加速度、位移和力都是既有大小又有方向的矢量，故A、B、D错误。
C、速率是速度的大小，是标量，故C正确。
故选C。
【点睛】解决本题的关键掌握矢量和标量的区别，矢量有大小又有方向，而标量只有大小，没有方向．2. 关于质点，下列说法正确的是A. 质点一定是体积、质量极小的物体；B. 计算火车过桥时所用的时间，火车可看成质点；C. 虽然地球很大，且有自转，研究地球公转时仍可作为质点；D. 研究一列火车通过某一路标所用时间，火车可看作质点。
【答案】C【解析】A、质点是理想化的模型，当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，就可以看成质点，不一定体积小、质量小的物体可以看成质点。
故A错误。
B、研究一列火车通过某一路标所用时间时，火车的大小和形状不能忽略，不能看成质点。
故B错误。
C、地球体积很大，在研究地球公转时，地球的大小远小于日地距离，大小和形状可以忽略，可以看成质点。
故C 正确。
D、计算火车过桥时所用的时间时，火车的大小和形状不能忽略，不能看成质点。
故D 错误。
故选C。
【点睛】解决本题的关键掌握物体可以看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．3. 如图所示，物体静止在固定的斜面上，物体受到的力有（）A. 重力、支持力和摩擦力B. 重力、摩擦力和下滑力C. 重力、摩擦力和平衡力D. 重力、弹力和平衡力【答案】A【解析】试题分析：物体静止在斜面上，受力平衡；地球上的一切物体都受到重力，因而物体一定受重力；重力会使物体紧压斜面，因而斜面对物体有支持力；若斜面光滑，物体会在重力的作用下沿斜面下滑，说明物体相对斜面有向下滑动的趋势，故还受到沿斜面向上的静摩擦力．即物体受重力、支持力、摩擦力，故选A．考点：受力分析【名师点睛】关于静摩擦力的有无，可以用假设法，即假设斜面光滑，物体会沿斜面下滑，故物体相对于斜面有下滑的趋势，受沿斜面向上的静摩擦力；物体有下滑的趋势，是重力的作用效果，并没有下滑力，找不到这个力的施力物体，故这个力不存在。
广东高二高中物理期中考试带答案解析
广东高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下面给出的物理量中，属于标量的是A．位移B．路程C．力D．速度2.以下表示物体做匀速直线运动的速度图象的是3.在下列研究中，可以把物体看成质点的是A．分析乒乓球的“弧旋球”B．研究地球自转时的地球C．研究车轮旋转情况时的车轮D．研究某同学骑自行车回校的速度4.某人沿着半径为 R的圆形轨道从A点运动半圈到达B点时，他的位移大小等于A．0B． R C．2R D．πR5.关于作用力与反作用力，下列说法正确的是A．作用力与反作用力的合力为零B．先有作用力和然后才产生反作用力C．作用力与反作用力大小相等、方向相反D．作用力与反作用力作用在同一个物体上6. 3N和4N两个力的合力的最小值是A．0B．1N C．5N D．7N7.小球沿固定光滑斜面下滑的过程中受到的作用力共有A．一个B．两个C．三个D．四个8.静止在水平地面上的物体受到一个水平拉力的作用，但物体仍然保持静止，这表明A．拉力小于静摩擦力B．拉力与静摩擦力大小相等C．拉力越大，静摩擦力越小D．拉力大小变化时，静摩擦力大小不变9.关于重力的说法中，正确的是A．在地球上的物体都受到重力的作用B．物体只有在下落时才受到重力的作用C．物体只有受到支持物的作用才显示重力D．物体只有放在地面上才受到重力的作用10.如图是一物体的s—t图象，则该物体在6s内的位移是A．0B．2m C．4m D．12m11.牛顿第二定律的表达式可以写成m=F/a，对某个物体来说，它的质量mA．跟合外力F成正比B．跟合外力F与加速度a都无关C．跟它的加速度a成反比D．跟合外力F成反比，跟它的加速度a成正比12.下列关于超重与失重的说法，正确的是A．处于超重状态时，物体所受到的重力变大B．处于失重状态时，物体所受到的重力变小C．无论是超重或失重状态，物体所受到的重力并没有发生变化D．无论是超重或失重状态，物体所受到的重力都会发生相应的变化13.关于曲线运动，下列说法中正确的是A．做曲线运动的物体一定具有加速度B．做曲线运动的物体加速度可能为零C．做曲线运动的物体的速度可能不变D．在恒力作用下的物体不可能做曲线运动14.甲、乙两物体从同一高度处同时开始运动，甲从静止自由下落，乙水平抛出，不计空气阻力,两物体将A．同时落地B．落地时速度大小相同C．到达地面的时间不同D．在相同时间内通过的位移相等15.发现万有引力定律的科学家是A．牛顿B．安培C．爱因斯坦D．亚里斯多德16.一个物体受到4N的力作用时，产生的加速度是2m/s2，那么这个物体在6N的力作用下，产生的加速度大小是A．1m/s2B．3 m/s2C．5 m/s2D．6 m/s217.不考虑空气阻力，竖直上抛运动的物体到达最高点时A．速度为零，加速度向上B．速度为零，加速度向下C．具有向上的速度和加速度D．具有向下的速度和加速度18.一个木箱在水平拉力F的作用下沿光滑水平地面滑动，有四位同学作出它的受力情况如图所示，其中正确的是19.甲、乙两物体的质量相同，速度之比v甲:v乙=3:1，它们的动能之比EK甲：EK乙等于A．1：1B．1：3C．3：1D．9：1 20.物体做自由落体运动时A．重力势能一定增加，动能一定减少B．重力势能一定减少，动能一定增加C．重力势能不一定减少，动能一定增加D．重力势能一定减少，动能不一定增加21.首先发现电流磁效应的科学家是 A ．牛顿 B ．奥斯特C ．库仑D ．伽利略22.如图所示为两个带等量点电荷周围的电场线分布（电场线方向未标出），则A ．A 只能带正电B ．A 只能带负电C ．若A 带正电，则 B 肯定是带负电的D ．若A 带正电，则B 肯定是带正电的23.两个物体分别带有电荷A ．它们之间的静电力一定是引力B ．它们之间的静电力一定是斥力C ．如果它们带的是同种电荷，它们之间的静电力一定是引力D ．如果它们带的是异种电荷，它们之间的静电力一定是引力24.下列与1J 的能量单位相对应的是：A ．1kg·1m/s 2；B ．1w·s ；C ．1N·s ；D ．1kg·m/s.25.一物体在相互垂直的两个共点力F 1、F 2作用下，运动过程中F 1对物体做功3J ，F 2对物体做功4J ，则F 1、F 2的合力对物体做功为：A ．1JB ﹒5JC ﹒7JD ﹒无法计算26.对于连入不同电路的不同灯泡，亮度较大的灯泡一定是 A ．通过的电流较大 B ．两端电压较大 C ．电阻较大 D ．消耗电功率较大27.在真空中有a 、b 两个点电荷， b 的电荷量是a 的3倍，如果a 受到的静电力是F ，则b 受到的静电力是 A ．FB ．C ．3FD ．4F28.某电场的电场线分布如图所示． a 、 b 两点电场强度的大小关系是A ．B ．C ．D ．无法比较29.通电直导线周围的磁场，其磁场线分布和方向用图中哪个图表示最合适30.在磁场中，一根质量为m ，长度为L 的金属棒用细金属丝水平地悬挂在匀强磁场中，如图所示。
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广东仲元中学2017学年第二学期期中考试高二年级物理学科3-2、3-3模块试卷一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题的四个选项中只有一个正确）1. 关于布朗运动的下列说法中正确的是（）A. 所谓布朗运动是指液体分子的无规则运动B. 所谓布朗运动是指悬浮在液体中的固体分子的无规则运动C. 布朗运动产生的条件是液体温度足够高D. 布朗运动产生的条件是悬浮的固体微粒足够小【答案】D【解析】布朗运动是指悬浮在液体中的固体小颗粒的运动，AB错；布朗运动是永不停息的无规则热运动，什么时候都在发生，C错；D对；2. 一飞机在北半球的上空以速度v水平飞行，飞机机身长为a，翼展为b；该空间地磁场磁感应强度的水平分量为B1，竖直分量为B2；驾驶员左侧机翼的端点用A表示，右侧机翼的端点用B表示，用E表示飞机产生的感应电动势，则（）A. E=B1vb，且A点电势低于B点电势B. E=B1vb，且A点电势高于B点电势C. E=B2vb，且A点电势低于B点电势D. E=B2vb，且A点电势高于B点电势【答案】D【解析】试题分析：一飞机在北半球的上空以速度v水平飞行，切割磁感应强度的竖直分量，切割的长度等于机翼的长度，所以U=B2bv，根据右手定则，感应电动势的方向B指向A，所以A点的电势高于B点的电势．故D正确，ABC错误．故选D．考点：右手定则3. 图中的a是一个边长为L的正方形导线框，其电阻为R.线框以恒定速度v沿x轴运动，并穿过图中所示的匀强磁场区域b.如果以x轴的正方向作为力的正方向。
线框在图示位置的时刻作为时间的零点，则磁场对线框的作用力F随时间变化的图线应为图乙中的哪个图？（）A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析：在0-内，线框在磁场之外，感应电流为0．安培力为0；在-内，由右手定则可得出感应电流的方向为逆时针的方向，维持线框以恒定速度v沿x轴运动，所以感应电动势和电流不变，根据左手定则得出安培力的方向x轴的负方向．在-内，线框全部进入磁场，穿过线圈的磁通量不变，感应电流为0．安培力为0；在-内，线框左边切割磁感线，由右手定则可得出感应电流的方向为顺时针的方向，维持线框以恒定速度v沿x轴运动，所以感应电动势和电流不变，根据左手定则得出安培力的方向x轴的负方向．故选：B考点：楞次定律；左手定则.4. 一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈与R串联接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则A. U=66V k=B. U=73.3V k=C. U=66V k=D. U=73.3V k=【答案】A【解析】由题意知：副线圈的电流为：I2=；则原线圈的电流为：I1=I2=；与原线圈串联的电阻的电压为：U R=I1R=；由变压器的变比可知，原线圈的电压为3U，所以有：+3U＝220V，解得：U=66V；原线圈回路中的电阻的功率为：P1=I12R=；副线圈回路中的电阻的功率为：P2=；所以k=，选项A正确，BCD错误；故选A。
点睛：该题的突破口是表示出原线圈中的电流和原线圈回路中的电阻的分压，找出原线圈的电压和原线圈回路中的电阻的分压的数值关系。
该题类似于远距离输电的情况。
5. 如下图所示，两块水平放置的金属板距离为d，用导线、电键K与一个n匝的线圈连接，线圈置于方向竖直向上的变化磁场B中．两板间放一台小压力传感器，压力传感器上表面静止放置一个质量为m、电量为＋q的小球．K断开时传感器上有示数，K闭合时传感器上恰好无示数．则线圈中的磁场B的变化情况和磁通量变化率分别是( )A. 正在增强，B. 正在减弱，C. 正在增强，D. 正在减弱，【答案】C【解析】K闭合时传感器上恰好无示数，说明小球受竖直向上的电场力，且电场力大小等于重力．所以电容器的上极板为负极，下极板为正极，所以线圈中的电流方向为下端流出，根据右手定则可得线圈产生的磁场方向向下，由楞次定律可判断磁场B正在增强，根据法拉第电磁感应定律E＝n＝U，又q＝mg得，故D正确．思路分析：K闭合时传感器上恰好无示数，说明小球受竖直向上的电场力，且电场力大小等于重力．则根据这个情况判断出电容器的正负极，从而判断出线圈中电流的方向，则根据楞次定律可得出原磁场的变化情况，然后根据电场力和重力平衡联立式子求解可得试题点评：本题借代力传感器，考查了楞次定律和电磁感应定律以及电容间的电场，是一道综合性电磁学题目。
6. 用相同导线绕制的边长为L或2L的四个闭合导体线框、以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示。
在每个线框进入磁场的过程中，M、N两点间的电压分别为U a、U b、U c和U d。
下列判断正确的是（）A. U a＜U b＜U c＜U dB. U a＜U b＜U d＜U cC. U a＝U b＜U c＝U dD. U b＜U a＜U d＜U c【答案】B二、多选题（本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题有两个或两个以上选项正确, 全选对得4分，漏选得2分，错选或不选得0分）7. 钢制单摆小球用绝缘细线悬挂，置于如图所示的匀强磁场中将小球拉离平衡位置由静止释放，经足够长的运动时间后，以下说法正确的是（忽略空气阻力）（）A. 多次往返后，最后静止在平衡位置B. 多次往返后，部分机械能转化为内能C. 最后小球在磁场中一直振动D. 最后小球在磁场中振动的过程中，通过最低点时合外力总是为零【答案】BC【解析】在小球不断经过磁场，机械能不断损耗过程中圆环越摆越低，最后整个圆环只会在磁场区域来回摆动，因为在此区域内没有磁通量的变化（一直是最大值），所以机械能守恒，即小球最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，而不是静止在平衡位置，故A错误，C正确。
当在小球不断经过磁场，机械能不断损耗过程中圆环越摆越低，部分机械能转化为内能。
故B 正确。
最后小球在磁场中振动的过程中，通过最低点时合外力提供向心力，不为零。
故D错误。
故选BC。
点睛：本题为楞次定律的应用和能量守恒相合．注意楞次定律判断感应电流方向的过程，先确认原磁场方向，再判断磁通量的变化，感应电流产生的磁场总是阻碍原磁通量的变化．8. 一交流发电机的线圈电阻为2Ω，将其输出端接在电阻为20Ω的电阻丝上，其输出电压从某时刻开始随时间变化的图象如图所示，则（）A. 线圈转动的角速度为50 rad/sB. 交流发电机的电动势有效值为50VC. 电阻丝的发热功率为250 WD. 若将此发电机接在匝数比为1：2的理想变压器上可使输出电压频率提高1倍【答案】AC【解析】根据ω=得，ω=50πrad/s，故A正确；图象中输出电压最大值为100 V，有效值是50V，由于线圈有内阻，则其电动势有效值大于50V，故B错误；电阻丝的发热功率为，故C正确；理想变压器可以改变输出电压，不能改变输出频率，故D错误；故选AC。
9. 下列说法哪些是正确的（）A. 水的体积很难被压缩，这是分子间存在斥力的宏观表现B. 气体总是很容易充满容器，这是分子间存在斥力的宏观表现C. 两个相同的半球壳吻合接触，中间抽成真空（马德堡半球），用力很难拉开，这是分子间存在吸引力的宏观表现D. 用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，这是分子间存在吸引力的宏观表现【答案】AD【解析】水的体积之所以很难被压缩，是因为分子间存在斥力，所以A正确。
气体总是很容易充满容器，这是分子在作无规则运动，B错误。
C是因为压强存在的缘故，故错误。
用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，这是分子间存在吸引力的缘故，D正确。
10. 在水平面内有一固定的U型裸金属框架，框架上放置一根重金属杆ab，金属杆与框架接触电阻不计，整个装置放在竖直方向的匀强磁场中，如图所示：（）A. 只有当磁场方向向上且增强，ab杆才可能向左移动B. 只有当磁场方向向下且减弱，ab杆才可能向右移动C. 无论磁场方向如何，只要磁场减弱，ab杆才有向右移动的可能D. 当磁场变化时，ab杆中一定有电流产生，但它不一定移动【答案】CD【解析】根据楞次定律的推论“增缩减扩”可知，无论磁场方向如何，只要磁场减弱，ab杆都有向右移动的可能；无论磁场方向如何，只要磁场增强，ab杆都有向左移动的可能，故C 正确，AB错误；当磁场变化时，回路中的磁通量发生变化，由楞次定律知ab杆中一定有电流产生，受安培力，由于摩擦力的存在，杆不一定移动，故D正确；故选CD。
点睛：此题关键要能深层次理解楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，也可以用“阻碍相对运动”、“增缩减扩”“来拒去留”来快速判断．11. 用电高峰期，电灯往往会变暗，其原理可简化为如下物理问题：如图所示，理想变压器的副线圈上，通过输电线连接两只相同的灯泡L1和L2 ，输电线的等效电阻为R，原线圈输入有效值恒定的交流电压，当开关S闭合时，以下说法中正确的是 ( )A. 原线圈中电流增大B. R两端的电压增大C. 副线圈输出电压减小D. 原线圈输入功率减小【答案】AD【解析】开关S闭合后，电阻减小，而次级电压不变，副线圈的电流增大，原线圈的电流也增大，故A错误；副线圈电流增大，R两端的电压增大，故B正确；副线圈电压由原线圈和匝数比决定，而原线圈电压和匝数比都没有变，所以副线圈输出电压不变，故C错误；原线圈的电压不变，而电流增大，故原线圈的输入功率增大，故D错误．故选B.12. 如图所示，灯泡A、B与固定电阻的阻值均为R，L是自感系数很大的线圈．当S1闭合，S2断开且电路稳定时，A，B亮度相同，再闭合S2，待电路稳定后将S1断开，下列说法中正确的是( )A. B灯立即熄灭B. A灯将比原来更亮一下后再熄灭C. 有电流通过B灯,方向为c→dD. 有电流通过A灯,方向为b→a【答案】BD【解析】S1闭合、S2断开且电路稳定时两灯亮度相同，说明L的直流电阻亦为R．闭合S2后，L与A灯并联，R与B灯并联，它们的电流均相等．当断开后，L将阻碍自身电流的减小，即该电流还会维持一段时间，在这段时间里，因S2闭合，电流不可能经过B灯和R，只能通过A 灯形成b→A→a→L→c→b的电流，所以AD正确，C错误；由于自感形成的电流是在L原来电流的基础上逐渐减小的，并没有超过A灯原来电流，故A灯虽推迟一会熄灭，但不会比原来更亮，故B错误．故选AD点睛：做好本类题目要注意：线圈与哪种电器配合，在结合线圈的特点分析哪一端的电势高，从而判断电流的方向．三、实验填空题（10分）13. 右图为“研究电磁感应现象”的实验装置。
(1)将图中所缺导线补接完整_________。
(2)如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后：A．将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将________。