高考数学一轮复习(北师大版理科):第8章平面解析几何第8节曲线与方程学案

合集下载

高考一轮复习第8章解析几何第8讲曲线与方程

高考一轮复习第8章解析几何第8讲曲线与方程

第八讲曲线与方程知识梳理·双基自测知识梳理知识点一曲线与方程的定义一般地,在直角坐标系中,如果某曲线C上的点与一个二元方程f(x,y)=0的实数解建立如下的对应关系:那么,这个方程叫做__曲线__的方程;这条曲线叫做__方程__的曲线.知识点二求动点的轨迹方程的基本步骤重要结论1.“曲线C是方程f(x,y)=0的曲线”是“曲线C上的点的坐标都是方程f(x,y)=0的解”的充分不必要条件.2.求轨迹问题常用的数学思想(1)函数与方程思想:求平面曲线的轨迹方程就是将几何条件(性质)表示为动点坐标x,y的方程及函数关系.(2)数形结合思想:由曲线的几何性质求曲线方程是“数”与“形”的有机结合.(3)等价转化思想:通过坐标系使“数”与“形”相互结合,在解决问题时又需要相互转化.双基自测题组一走出误区1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)方程x 2+xy =x 的曲线是一个点和一条直线.( × )(2)到两条互相垂直的直线距离相等的点的轨迹方程是x 2=y 2.( × ) (3)y =kx 与x =1ky 表示同一直线.( × )(4)动点的轨迹方程和动点的轨迹是一样的.( × ) 题组二 走进教材2.(必修2P 37T3)已知点F ⎝ ⎛⎭⎪⎫14,0,直线l :x =-14,点B 是l 上的动点,若过点B 垂直于y 轴的直线与线段BF 的垂直平分线交于点M ,则点M 的轨迹是( D )A .双曲线B .椭圆C .圆D .抛物线[解析] 由已知|MF|=|MB|,根据抛物线的定义知,点M 的轨迹是以点F 为焦点,直线l 为准线的抛物线.3.(选修2-1P 37T1改编)已知A(-2,0),B(1,0)两点,动点P 不在x 轴上,且满足∠APO =∠BPO ,其中O 为原点,则点P 的轨迹方程是__x 2+y 2-4x =0(y≠0)__.[解析] 设P(x ,y),∵∠APO =∠BPO , ∴|PA||PB|=|OA||OB|=2, 即|PA|=2|PB|,∴(x +2)2+y 2=4[(x -1)2+y 2],(y≠0)化简整理得P 的轨迹方程为x 2+y 2-4x =0(y≠0). 题组三 走向高考4.(多选题)(2020·山东)已知曲线C :mx 2+ny 2=1.( ACD ) A .若m >n >0,则C 是椭圆,其焦点在y 轴上 B .若m =n >0,则C 是圆,其半径为nC .若mn <0,则C 是双曲线,其渐近线方程为y =±-m nx D .若m =0,n >0,则C 是两条直线[解析] A .若m >n >0,则1m <1n ,则根据椭圆定义,知x 21m +y21n =1表示焦点在y 轴上的椭圆,故A 正确;B .若m =n >0,则方程为x 2+y 2=1n ,表示半径为1n的圆,故B 错误;C .若m <0,n >0,则方程为x21m+y21n =1,表示焦点在y 轴的双曲线,故此时渐近线方程为y =±-m n x ,若m >0,n <0,则方程为x 21m +y 21n=1,表示焦点在x 轴的双曲线,故此时渐近线方程为y =±-mnx ,故C 正确;D .当m =0,n >0时,则方程为y =±1n表示两条直线,故D 正确;故选ACD . 5.(2019·北京卷)数学中有许多形状优美、寓意美好的曲线,曲线C :x 2+y 2=1+|x|y 就是其中之一(如图).给出下列三个结论:①曲线C 恰好经过6个整点(即横、纵坐标均为整数的点); ②曲线C 上任意一点到原点的距离都不超过2; ③曲线C 所围成的“心形”区域的面积小于3. 其中,所有正确结论的序号是( C ) A .① B .② C .①②D .①②③[解析] 将x 换成-x 方程不变,所以图形关于y 轴对称, 当x =0时,代入得y 2=1,∴y =±1,即曲线经过(0,1),(0,-1); 当x >0时,方程变为y 2-xy +x 2-1=0,所以Δ=x 2-4(x 2-1)≥0,解得x ∈⎝⎛⎦⎥⎤0,233,所以x 只能取整数1,当x =1时,y 2-y =0, 解得y =0或y =1,即曲线经过(1,0),(1,1), 根据对称性可得曲线还经过(-1,0),(-1,1), 故曲线一共经过6个整点,故①正确. 当x >0时,由x 2+y 2=1+xy 得x 2+y 2-1=xy≤x 2+y22,(当x =y 时取等),∴x 2+y 2≤2,∴x 2+y 2≤2,即曲线C 上y 轴右边的点到原点的距离不超过2,根据对称性可得:曲线C 上任意一点到原点的距离都不超过2;故②正确.在x 轴上图形面积大于矩形面积=1×2=2,x 轴下方的面积大于等腰直角三角形的面积=12×2×1=1,因此曲线C 所围成的“心形”区域的面积大于2+1=3,故③错误.故选C .考点突破·互动探究考点一 曲线与方程——自主练透例1 (多选题)关于x ,y 的方程x 2m 2+2+y 23m 2-2=1,⎝⎛⎭⎪⎫其中m 2≠23对应的曲线可能是( ABCD ) A .焦点在x 轴上的椭圆 B .焦点在y 轴上的椭圆 C .焦点在x 轴上的双曲线 D .圆[解析] 由题,若m 2+2>3m 2-2,解得-2<m <2,3m 2-2>0,解得m <-63或m >63,则当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫-2,-63∪⎝ ⎛⎭⎪⎫63,2时,曲线是焦点在x 轴上的椭圆,A 正确;若3m 2-2>m 2+2,解得m <-2或m >2,此时曲线是焦点在y 轴上的椭圆,B 正确;若3m 2-2<0,解得-63<m <63,此时曲线是焦点在x 轴上的双曲线,C 正确;当m 2=2时,方程为x 2+y 2=4,所以D 正确.故选ABCD .〔变式训练1〕(多选题)(2021·山东青岛一中期末)已知点F(1,0)为曲线C 的焦点,则曲线C 的方程可能为( AD )A .y 2=4x B .x 2=4yC .x 2cos 2θ+y 2sin 2θ=1⎝ ⎛⎭⎪⎫0<θ<π2 D .x 2cos 2θ-y 2sin 2θ=1⎝⎛⎭⎪⎫0<θ<π2 [解析] y 2=4x 的焦点坐标为(1,0);x 2=4y 的焦点坐标为(0,1);当θ=π4时,sin 2θ=cos 2θ=12,x 2cos 2θ+y 2sin 2θ=1表示圆;双曲线x 2cos 2θ-y 2sin 2θ=1⎝⎛⎭⎪⎫0<θ<π2的焦点在x 轴上,且c =cos 2θ+sin 2θ=1,其焦点坐标为(1,0),(-1,0),故选AD .考点二 定义法求轨迹方程——自主练透例2 (1)(2021·长春模拟)如图所示,A 是圆O 内一定点,B 是圆周上一个动点,AB 的中垂线CD 与OB 交于点E ,则点E 的轨迹是( B )A .圆B .椭圆C .双曲线D .抛物线(2)(2021·福州模拟)已知圆M :(x +5)2+y 2=36,定点N(5,0),点P 为圆M 上的动点,点Q 在NP 上,点G 在线段MP 上,且满足NP →=2NQ →,GQ →·NP →=0,则点G 的轨迹方程是( A )A .x 29+y24=1B .x 236+y231=1 C .x 29-y24=1D .x 236-y231=1 (3)(2021·江苏南京二十九中调研)已知两圆C 1:(x +3)2+y 2=1,C 2:(x -3)2+y 2=9,动圆M 同时与圆C 1和圆C 2外切,则动圆圆心M 的轨迹方程为( D )A .x 2-y28=1B .x 28-y 2=1C .x 2-y28=1(x≥1)D .x 2-y28=1(x≤-1)[解析] (1)由题意知,|EA|+|EO|=|EB|+|EO|=r(r 为圆的半径)且r >|OA|,故E 的轨迹为以O ,A 为焦点的椭圆,故选B .(2)由NP →=2NQ →,GQ →·NP →=0知GQ 所在直线是线段NP 的垂直平分线,连接GN ,∴|GN|=|GP|,∴|GM|+|GN|=|MP|=6>25,∴点G 的轨迹是以M ,N 为焦点的椭圆,其中2a =6,2c =25,∴b 2=4,∴点G 的轨迹方程为x 29+y24=1,故选A .(3)设动圆M 的半径为r ,则|C 1M|=r +1,|C 2M|=3+r ,∴|C 2M|-|C 1M|=2<6=|C 1C 2|.∴动圆圆心M 的轨迹是以C 1、C 2为焦点的双曲线左支,且c =3,a =1,∴b 2=c 2-a 2=8,∴其轨迹方程为x 2-y28=1(x≤-1).故选D .[引申1]本例(3)中,若动圆M 与圆C 1内切,与圆C 2外切,则动圆圆心M 的轨迹方程为__x 24-y25=1(x≤-2)__.[引申2]本例(3)中,若动圆M 与圆C 1外切,与圆C 2内切,则动圆圆心M 的轨迹方程为__x 24-y25=1(x≥2)__.[引申3]本例(3)中,若动圆M 与圆C 1、圆C 2都内切,则动圆圆心M 的轨迹方程为__x 2-y28=1(x≥1)__.[引申4]本例3中,若动圆M 与圆C 1、圆C 2中一个内切一个外切,则动圆圆心M 的轨迹方程为__x 24-y25=1__.名师点拨定义法求轨迹方程及其注意点(1)在利用圆锥曲线的定义法求轨迹方程时,若所求的轨迹符合某种圆锥曲线的定义,则根据曲线的方程,写出所求的轨迹方程.(2)利用定义法求轨迹方程时,还要看轨迹是否是完整的圆、椭圆、双曲线、抛物线,如果不是完整的曲线,则应对其中的变量x 或y 进行限制.〔变式训练2〕(1)动圆M 经过双曲线x 2-y23=1的左焦点且与直线x =2相切,则圆心M 的轨迹方程是( B )A .y 2=8x B .y 2=-8x C .y 2=4xD .y 2=-4x(2)(多选题)(2021·湖南娄底质检)在水平地面上的不同两点处竖有两根笔直的电线杆,假设它们都垂直于地面,则在水平地面上视它们上端仰角相等的点P 的轨迹可能是( AB )A .直线B .圆C .椭圆D .抛物线[解析] (1)双曲线x 2-y23=1的左焦点为F(-2,0),由题意可知点M 的轨迹是以F 为焦点、原点为顶点、对称轴为x 轴的抛物线,故其方程为y 2=-8x .故选B .(2)如图两根电杆AB ,CD ,①当|AB|=|CD|时,∵∠BPA =∠DPC ,∴|PA|=|PC|, ∴P 的轨迹是AC 的中垂线,②当|AB|=λ|CD|(λ≠1,λ>0)时, 由∠BPA =∠DPC 知Rt △ABP ∽Rt △CDP , ∴|AP||CP|=|AB||CD|=λ, 以AC 所在直线为x 轴,线段AC 的中垂线为y 轴建立平面直角坐标系, 记A(-1,0),C(1,0),P(x ,y), 则x +12+y 2x -12+y2=λ,即⎝ ⎛⎭⎪⎫x -λ2+1λ2-12+y 2=⎝ ⎛⎭⎪⎫2λλ2-12, 轨迹为圆,故选AB .考点三 直接法求轨迹方程——师生共研例3 (1)(2021·四川、云南、贵州、西藏四省四校联考)已知圆C 过点A(0,2)且与直线y =-2相切,则圆心C 的轨迹方程为( B )A .x 2=4y B .x 2=8y C .x 2=-4yD .x 2=-8y(2)(2021·山东菏泽模拟)已知动圆过定点A(4,0),且在y 轴上截得的弦MN 的长为8. ①求动圆圆心的轨迹C 的方程;②已知点B(-1,0),设不垂直于x 轴的直线l 与轨迹C 交于不同的两点P ,Q ,若x 轴是∠PBQ 的角平分线,证明:直线l 过定点.[解析] (1)设圆心C(x ,y), 由题意知x 2+y -22=|y +2|,化简得x 2=8y ,故选B .(2)①设动圆圆心P(x ,y),线段MN 的中点为E , 则|PA|2=|PE|2+42,即(x -4)2+y 2=x 2+16,化简得y 2=8x , ∴动圆圆心的轨迹C 的方程为y 2=8x . ②设直线l 的方程为y =kx +b ,联立⎩⎪⎨⎪⎧y 2=8x ,y =kx +b ,得k 2x 2+2kbx +b 2=8x ,k 2x 2-(8-2kb)x +b 2=0(其中Δ>0), 设P(x 1,kx 1+b),Q(x 2,kx 2+b), 则x 1+x 2=8-2kb k 2,x 1x 2=b 2k 2, 若x 轴是∠PBQ 的角平分线, 则k PB +k QB =kx 1+b x 1+1+kx 2+bx 2+1=kx 1+b x 2+1+kx 2+b x 1+1x 1+1x 2+1=2kx 1x 2+k +b x 1+x 2+2bx 1+1x 2+1=8k +bk2x 1+1x 2+1=0,即k =-b .故直线l 的方程为y =k(x -1),直线l 过定点(1,0).名师点拨直接法求曲线方程的一般步骤(1)建立合适的直角坐标系.(2)设出所求曲线上点的坐标,把几何条件或等量关系用坐标表示为代数方程.(3)化简整理这个方程,检验并说明所求方程就是曲线的方程.直接法求曲线方程时最关键的就是把几何条件或等量关系“翻译”为代数方程,要注意“翻译”的等价性.(4)运用直接法应注意的问题①在用直接法求轨迹方程时,在化简的过程中,有时破坏了方程的同解性,此时就要补上遗漏的点或删除多余的点,这是不能忽视的.②若方程的化简过程是恒等变形,则最后的验证可以省略. 〔变式训练3〕(1)已知两定点A(-2,0),B(1,0),如果动点P 满足|PA|=2|PB|,则动点P 的轨迹是( B ) A .直线 B .圆 C .椭圆D .双曲线(2)(2021·湖南湘潭模拟)在平面直角坐标系xOy 中,已知点Q(1,0),直线l :x =2.若动点P 在直线l 上的射影为R ,且|PR →|=2|PQ →|,设点P 的轨迹为C .①求C 的轨迹方程;②设直线y =x +n 与曲线C 相交于A 、B 两点,试探究曲线C 上是否存在点M ,使得四边形MAOB 为平行四边形,若存在,求出点M 的坐标;若不存在,请说明理由.[解析] (1)设P(x ,y), 则x +22+y 2=2x -12+y 2,化简得x 2+y 2-4x =0,即(x -2)2+y 2=4, 其表示以(2,0)为圆心,4为半径的圆,故选B . (2)①设P(x ,y),由|PR →|=2|PQ →|, 得|2-x|=2·x -12+y 2,平方化简得C 的轨迹方程为x 22+y 2=1.②设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2),M(x 3,y 3), 联立⎩⎪⎨⎪⎧y =x +n x 22+y 2=1,得x 2+2(x +n)2-2=0,即3x 2+4nx +2n 2-2=0,所以x 1+x 2=-4n 3,y 1+y 2=x 1+x 2+2n =2n3.假设存在点M 使得四边形MAOB 为平行四边形, 则OM →=OA →+OB →,所以(x 3,y 3)=(x 1,y 1)+(x 2,y 2), 所以x 3=x 1+x 2=-4n 3,y 3=y 1+y 2=2n3.由点M 在曲线C 上得x 232+y 23=1,代入得8n 29+4n29=1,解得n 2=34,n =±32.所以当n =±32时,曲线C 上存在点M 使得四边形MAOB 为平行四边形, 此时点M 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫-233,33或者M ⎝ ⎛⎭⎪⎫233,-33,当n≠±32,曲线C 上不存在点M 使得四边形MAOB 为平行四边形. 考点四 代入法(相关点法)求轨迹方程——师生共研例4 (2021·河南新乡模拟)在直角坐标系xOy 中,点M(-2,0),N 是曲线x =14y 2+2上的任意一点,动点C 满足MC →+NC →=0.(1)求点C 的轨迹方程;(2)经过点P(1,0)的动直线l 与点C 的轨迹交于A ,B 两点,在x 轴上是否存在定点D(异于点P),使得∠ADP =∠BDP ?若存在,求出D 的坐标;若不存在,请说明理由.[解析] (1)设C(x ,y),N(x 0,y 0), 则MC →=(x +2,y),NC →=(x -x 0,y -y 0), MC →+NC →=(2x -x 0+2,2y -y 0).又MC →+NC →=0,则⎩⎪⎨⎪⎧2x -x 0+2=0,2y -y 0=0,即⎩⎪⎨⎪⎧x 0=2x +2,y 0=2y.因为点N 为曲线x =14y 2+2上的任意一点,所以x 0=14y 20+2,所以2x +2=14(2y)2+2,整理得y 2=2x ,故点C 的轨迹方程为y 2=2x . (2)设存在点D(t,0),使得∠ADP =∠BDP , 所以k DA +k DB =0.由题易知,直线l 的倾斜角不可能为0°, 故设直线l 的方程为x =my +1,将x =my +1代入y 2=2x ,得y 2-2my -2=0. 设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2),则y 1+y 2=2m ,y 1y 2=-2. 因为k DA +k DB =y 1x 1-t +y 2x 2-t =y 1my 1+1-t +y 2my 2+1-t =0,所以2my 1y 2+(1-t)(y 1+y 2)=0, 即-4m +2m·(1-t)=0,所以t =-1. 故存在点D(-1,0),使得∠ADP =∠BDP .名师点拨代入法(相关点法)求轨迹方程(1)当题目中的条件同时具有以下特征时,一般可以用相关点法求其轨迹方程: ①某个动点P 在已知方程的曲线上移动; ②另一个动点M 随P 的变化而变化;③在变化过程中P 和M 满足一定的规律.(2)代入法(相关点法)的基本步骤①设点:设被动点坐标为(x ,y),主动点坐标为(x 1,y 1);②求关系式:求出两个动点坐标之间的关系式⎩⎪⎨⎪⎧ x 1=f x ,y ,y 1=g x ,y ;③代换:将上述关系式代入已知曲线方程,便可得到所求动点的轨迹方程;④检验:注意检验所求方程是否符合题意.〔变式训练4〕(2021·河北石家庄模拟)已知点Q 在椭圆C :x 216+y 210=1上,点P 满足OQ →=12(OF 1→+OP →)(其中O 为坐标原点,F 1为椭圆C 的左焦点),则点P 的轨迹为( D )A .圆B .抛物线C .双曲线D .椭圆 [解析] 设P(x ,y),Q(x 0,y 0),椭圆C 的左焦点F 1(-2,0),由题意知⎩⎪⎨⎪⎧ x 0=x -22,y 0=y 2 又x 2016+y 2010=1,∴x -2264+y 240=1,故选D . 考点五,参数法求轨迹方程——师生共研例5 (2021·河北衡水中学调研)已知圆C 1:x 2+y 2=2,圆C 2:x 2+y 2=4,如图,C 1,C 2分别交x 轴正半轴于点E ,A .射线OD 分别交C 1,C 2于点B ,D ,动点P 满足直线BP 与y 轴垂直,直线DP 与x 轴垂直.(1)求动点P 的轨迹C 的方程;(2)过点E 作直线l 交曲线C 与点M ,N ,射线OH ⊥l 于点H ,且交曲线C 于点Q .问:1|MN|+1|OQ|2的值是否是定值?如果是定值,请求出该定值;如果不是定值,请说明理由.[分析] 显然点P(x ,y)的变动由∠AOD 的大小α(或k OD )决定,故可通过α(或k OD )建立x ,y 间的关系,即点P 的轨迹方程.[解析] (1)解法一:如图设∠BOE =α,则B(2cos α,2sin α),D(2cos α,2sin α),所以x P =2cos α,y P =2sin α.所以动点P 的轨迹C 的方程为x 24+y 22=1. 解法二:当射线OD 的斜率存在时,设斜率为k ,OD 方程为y =kx ,由⎩⎪⎨⎪⎧ y =kx x 2+y 2=2得y 2P =2k 21+k 2, 同理得x 2P =41+k 2, 所以x 2P +2y 2P=4即有动点P 的轨迹C 的方程为x 24+y 22=1. 当射线OD 的斜率不存在时,点(0,±2)也满足.(2)由(1)可知E 为C 的焦点,设直线l 的方程为x =my +2(斜率不为0时)且设点M(x 1,y 1),N(x 2,y 2),由⎩⎨⎧x =my +2x 2+2y 2=4,得(m 2+2)y 2+22my -2=0, 所以⎩⎪⎨⎪⎧y 1+y 2=-22m m 2+2y 1y 2=-2m 2+2, 所以1|MN|=11+m 2|y 1-y 2|=m 2+24m 2+1, 又射线OQ 方程为y =-mx , 代入椭圆C 的方程得x 2+2(mx)2=4, 即x 2Q =41+2m 2,y 2Q =4m 21+2m 2,1|OQ|2=1+2m 24m 2+1, 所以1|MN|+1|OQ|2=m 2+24m 2+1+1+2m 24m 2+1=34, 又当直线l 的斜率为0时,也符合条件.综上,1|MN|+1|OQ|2为定值,且为34.名师点拨(1)在选择参数时,参数可以具有某种物理或几何意义,如时间、速度、距离、角度、直线的斜率、点的横(纵)坐标等,也可以没有具体的意义,但要特别注意它的取值范围对动点坐标取值范围的影响.(2)参数法求轨迹方程的适用条件动点所满足的条件不易得出或不易转化为等式,也没有明显的相关点,但却较易发现(或经过分析可发现)这个动点的运动与某一个量或某两个变量(角、斜率、比值、截距等)有关.〔变式训练5〕若过点P(1,1)且互相垂直的两条直线l 1,l 2分别与x 轴、y 轴交于A 、B 两点,则AB 中点M 的轨迹方程为__x +y -1=0__.[解析] 当直线l 1的斜率存在时,l 2的斜率也存在,设直线l 1的方程是y -1=k(x -1),则直线l 2的方程是y -1=-1k (x -1),所以直线l 1与x 轴的交点为A ⎝ ⎛⎭⎪⎫1-1k ,0,l 2与y 轴的交点为B ⎝⎛⎭⎪⎫0,1+1k ,设AB 的中点M 的坐标为(x ,y),则有⎩⎪⎨⎪⎧ x =12⎝ ⎛⎭⎪⎫1-1k ,y =12⎝ ⎛⎭⎪⎫1+1k ,两式相加消去k ,得x +y =1⎝ ⎛⎭⎪⎫x ≠12,即x +y -1=0(x≠12),所以AB 中点M 的轨迹方程为x +y -1=0⎝ ⎛⎭⎪⎫x ≠12. 当直线l 1(或l 2)的斜率不存在时,点M 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫12,12,此点在直线x +y -1=0上. 综上,AB 中点M 的轨迹方程为x +y -1=0.另解:由题意易知|MP|=|MO|,∴M 的轨迹为线段OP 的中垂线,其方程为y -12=-⎝ ⎛⎭⎪⎫x -12, 即x +y -1=0.名师讲坛·素养提升高考中的轨迹问题例6 (2019·课标Ⅱ)已知点A(-2,0),B(2,0),动点M(x ,y)满足直线AM 与BM 的斜率之积为-12.记M 的轨迹为曲线C . (1)求C 的方程,并说明C 是什么曲线;(2)过坐标原点的直线交C 于P ,Q 两点,点P 在第一象限,PE ⊥x 轴,垂足为E ,连接QE 并延长交C 于点G .①证明:△PQG 是直角三角形;②求△PQG 面积的最大值.[解题思路] (1)由题直译得关系→化简,观察方程形式得结论(2)①设直线PQ :y =kx →与C 的方程联立得P ,Q 两点坐标→得直线QG 的方程→与C 的方程联立得G 的坐标→求PG 的斜率→得结论 ②利用公式求面积→得关于k 的函数→判断单调性求最值→得结论 [解析] (1)由题设得y x +2·y x -2=-12, 化简得x 24+y 22=1(|x|≠2), 所以C 为中心在坐标原点,焦点在x 轴上的椭圆,不含左右顶点.(2)①证明:设直线PQ 的斜率为k ,则其方程为y =kx(k >0),由⎩⎪⎨⎪⎧ y =kx ,x 24+y 22=1得x =±21+2k 2. 记u =21+2k 2,则P(u ,uk),Q(-u ,-uk),E(u,0).于是直线QG 的斜率为k 2,方程为y =k 2(x -u). 由⎩⎪⎨⎪⎧ y =k 2x -u x 24+y 22=1, 得(2+k 2)x 2-2uk 2x +k 2u 2-8=0.①设G(x G ,y G ),则-u 和x G 是方程①的解,故x G =u 3k 2+22+k 2,由此得y G =uk 32+k 2.从而直线PG 的斜率为uk 32+k 2-uk u 3k 2+22+k 2-u =-1k . 所以PQ ⊥PG ,即△PQG 是直角三角形.②由①得|PQ|=2u 1+k 2,|PG|=2uk k 2+12+k 2, 所以△PQG 的面积S =12|PQ||PG|= 8k 1+k21+2k 22+k 2=8⎝ ⎛⎭⎪⎫1k +k 1+2⎝ ⎛⎭⎪⎫1k +k 2. 设t =k +1k,则由k >0得t≥2,当且仅当k =1时取等号, 因为S =8t 1+2t2在[2,+∞)单调递减,所以当t =2, 即k =1时,S 取得最大值,最大值为169. 因此,△PQG 面积的最大值为169. [解题关键] ①利用方程思想得出点P 、Q 的坐标,进而利用换元法及整体代换法简化运算过程是顺利解决本题的关键;②正确利用基本不等式及函数单调性是求解△PQG 面积最值的关键.〔变式训练6〕(2020·新课标Ⅲ)在平面内,A ,B 是两个定点C 是动点,若OC →·BC →=1,则点C 的轨迹为( A )A .圆B .椭圆C .抛物线D .直线[解析] 不妨以AB 所在直线为x 轴,AB 的中点为原点,建立平面直角坐标系,设C(x ,y),A(-c,0),B(c,0),c >0,则AC →=(x +c ,y),BC →=(x -c ,y),由AC →·BC →=1,得(x +c)(x -c)+y·y=1,即x 2+y 2=c 2+1>0,∴点C 的轨迹为圆.故选A .。

高考数学一轮复习第8章平面解析几何第8讲曲线与方程知能训练轻松闯关理北师大版

高考数学一轮复习第8章平面解析几何第8讲曲线与方程知能训练轻松闯关理北师大版

第8讲 曲线与方程1.方程(x -y )2+(xy -1)2=0表示的曲线是( ) A .一条直线和一条双曲线 B .两条双曲线 C .两个点D .以上答案都不对解析:选C.(x -y )2+(xy -1)2=0⇔⎩⎪⎨⎪⎧x -y =0,xy -1=0. 故⎩⎪⎨⎪⎧x =1,y =1或⎩⎪⎨⎪⎧x =-1,y =-1. 2.设圆C 与圆x 2+(y -3)2=1外切,与直线y =0相切,则C 的圆心轨迹为( ) A .抛物线 B .双曲线 C .椭圆 D .圆解析:选A.设圆C 的半径为r ,则圆心C 到直线y =0的距离为r .由两圆外切可得,圆心C 到点(0,3)的距离为r +1,也就是说,圆心C 到点(0,3)的距离比到直线y =0的距离大1,故点C 到点(0,3)的距离和它到直线y =-1的距离相等,符合抛物线的特征,故点C 的轨迹为抛物线.3.设点A 为圆(x -1)2+y 2=1上的动点,PA 是圆的切线,且|PA |=1,则P 点的轨迹方程为( )A .y 2=2xB .(x -1)2+y 2=4C .y 2=-2xD .(x -1)2+y 2=2 解析:选D.如图,设P (x ,y ),圆心为M (1,0).连接MA ,则MA ⊥PA ,且|MA |=1, 又因为|PA |=1,所以|PM |=|MA |2+|PA |2=2,即|PM |2=2,所以(x -1)2+y 2=2.4.(2016·珠海模拟)已知点A (1,0),直线l :y =2x -4,点R 是直线l 上的一点,若RA →=AP →,则点P 的轨迹方程为( )A .y =-2xB .y =2xC .y =2x -8D .y =2x +4解析:选B.设P (x ,y ),R (x 1,y 1),由RA →=AP →知,点A 是线段RP 的中点,所以⎩⎪⎨⎪⎧x +x 12=1,y +y 12=0,即⎩⎪⎨⎪⎧x 1=2-x ,y 1=-y . 因为点R (x 1,y 1)在直线y =2x -4上, 所以y 1=2x 1-4,所以-y =2(2-x )-4,即y =2x .5.设m ∈R ,在平面直角坐标系中,已知向量a =(mx ,y +1),向量b =(x ,y -1),a ⊥b ,则动点M (x ,y )的轨迹为( ) A .两条直线 B .圆或椭圆 C .双曲线D .两条直线或圆或椭圆或双曲线解析:选D.因为a ⊥b ,a =(mx ,y +1),b =(x ,y -1),所以a ·b =mx 2+y 2-1=0即mx 2+y 2=1.当m =0时,动点M 的轨迹为两条直线,y =±1,当m =1时,动点M 的轨迹为圆x 2+y 2=1, 当m >0且m ≠1时,动点M 的轨迹为椭圆x 21m+y 2=1,当m <0时,动点M 的轨迹为双曲线y 2-x 2-1m=1. 6.(2016·长春模拟)设圆(x +1)2+y 2=25的圆心为C ,A (1, 0)是圆内一定点,Q 为圆周上任一点.线段AQ 的垂直平分线与CQ 的连线交于点M ,则M 的轨迹方程为( ) A.4x 221-4y 225=1 B.4x 221+4y225=1 C.4x 225-4y 221=1 D.4x 225+4y221=1 解析:选D.因为M 为AQ 垂直平分线上一点,则|AM |=|MQ |,所以|MC |+|MA |=|MC |+|MQ |=|CQ |=5,故M 的轨迹为椭圆.所以a =52,c =1,则b 2=a 2-c 2=214,所以椭圆的方程为4x 225+4y221=1.7.已知M (-2,0),N (2,0),则以MN 为斜边的直角三角形的直角顶点P 的轨迹方程是________.解析:设P (x ,y ),因为△MPN 为直角三角形,所以|MP |2+|NP |2=|MN |2,所以(x +2)2+y 2+(x -2)2+y 2=16,整理得,x 2+y 2=4. 因为M ,N ,P 不共线, 所以x ≠±2,所以轨迹方程为x 2+y 2=4(x ≠±2).答案:x 2+y 2=4(x ≠±2)8.已知点P 是圆C :(x +2)2+y 2=4上的动点,定点F (2,0),线段PF 的垂直平分线与直线CP 的交点为Q ,则点Q (x ,y )的轨迹方程是________. 解析:依题意有|QP |=|QF |,则||QC |-|QF ||=|CP |=2,又|CF |=4>2,故点Q 的轨迹是以C 、F 为焦点的双曲线,a =1,c =2,得b 2=3,所求轨迹方程为x 2-y 23=1.答案:x 2-y 23=19.已知P 是椭圆x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)上的任意一点,F 1、F 2是它的两个焦点,O 为坐标原点,OQ→=PF 1→+PF 2→,则动点Q 的轨迹方程是________. 解析:OQ →=PF 1→+PF 2→,如图,PF 1→+PF 2→=PM →=2PO →=-2OP →, 设Q (x ,y ),则OP →=-12OQ →=-12(x ,y )=⎝ ⎛⎭⎪⎫-x 2,-y 2, 即P 点坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫-x 2,-y2,又P 在椭圆上,则有⎝ ⎛⎭⎪⎫-x 22a +⎝ ⎛⎭⎪⎫-y 22b =1,即x 24a +y 24b=1.答案:x 24a 2+y 24b2=110.曲线C 是平面内与两个定点F 1(-1,0)和F 2(1,0)的距离的积等于常数a 2(a >1)的点的轨迹.给出下列三个结论: ①曲线C 过坐标原点;②曲线C 关于坐标原点对称;③若点P 在曲线C 上,则△F 1PF 2的面积不大于12a 2.其中,所有正确结论的序号是________.解析:设曲线C 上任一点P (x ,y ),由|PF 1|·|PF 2|=a 2,可得 (x +1)2+y 2·(x -1)2+y 2=a 2(a >1),将原点(0,0)代入等式不成立,故①不正确.因为点P (x ,y )在曲线C 上,则点P 关于原点的对称点为P ′(-x ,-y ),将P ′代入曲线C 的方程等式成立,故②正确.设∠F 1PF 2=θ,则S △F 1PF 2=12|PF 1||PF 2|·sin θ=12a 2sin θ≤12a 2,故③正确. 答案:②③11.已知点A (-1,0),B (2,4),△ABC 的面积为10,求动点C 的轨迹方程. 解:因为|AB |=32+42=5,所以AB 边上高h =205=4.故C 的轨迹是与直线AB 距离等于4的两条平行线. 因为k AB =43,AB 的方程为4x -3y +4=0,可设轨迹方程为4x -3y +c =0. 由|c -4|5=4,得c =24或c =-16,故动点C 的轨迹方程为4x -3y -16=0或4x -3y +24=0.12.(2015·高考广东卷节选)已知过原点的动直线l 与圆C 1:x 2+y 2-6x +5=0相交于不同的两点A ,B .(1)求圆C 1的圆心坐标;(2)求线段AB 的中点M 的轨迹C 的方程.解:(1)把圆C 1的方程化为标准方程得(x -3)2+y 2=4,所以圆C 1的圆心坐标为C 1(3,0). (2)设M (x ,y ),因为 A ,B 为过原点的直线l 与圆C 1的交点,且M 为AB 的中点, 所以由圆的性质知:MC 1⊥MO ,所以MC 1→·MO →=0. 又因为MC 1→=(3-x ,-y ),MO →=(-x ,-y ),所以由向量的数量积公式得x 2-3x +y 2=0.易知直线l 的斜率存在,所以设直线l 的方程为y =mx ,当直线l 与圆C 1相切时,d =|3m -0|m 2+1=2, 解得m =±255.把相切时直线l 的方程代入圆C 1的方程化简得9x 2-30x +25=0,解得x =53.当直线l 经过圆C 1的圆心时,M 的坐标为(3,0).又因为直线l 与圆C 1交于A ,B 两点,M 为AB 的中点,所以53<x ≤3.所以点M 的轨迹C 的方程为x 2-3x +y 2=0,其中53<x ≤3,其轨迹为一段圆弧.1.(2016·成都质量检测)在棱长为1的正方体ABCD ­A ′B ′C ′D ′中,若点P 是棱上一点,则满足|PA |+|PC ′|=2的点P 的个数为( )A .4B .6C .8D .12 解析:选B.因为正方体的棱长为1, 所以AC ′= 3.因为|PA |+|PC ′|=2,所以点P 是以2c =3为焦距,以a =1为长半轴,以12为短半轴的椭球上.因为P 在正方体的棱上,所以P 应是椭球与正方体的棱的交点. 结合正方体的性质可知,在棱B ′C ′,C ′D ′,CC ′,AA ′,AB ,AD 上各有一点满足条件.故选B.2.已知点A ,B 分别是射线l 1:y =x (x ≥0),l 2:y =-x (x ≥0)上的动点,O 为坐标原点,且△OAB 的面积为定值2,则线段AB 中点M 的轨迹方程为________. 解析:由题意可设A (x 1,x 1),B (x 2,-x 2),M (x ,y ),其中x 1>0,x 2>0,则⎩⎪⎨⎪⎧x =x 1+x 22,①y =x 1-x 22.②因为△OAB 的面积为定值2,所以S △OAB =12OA ·OB =12(2x 1)(2x 2)=x 1x 2=2.①2-②2得x 2-y 2=x 1x 2,而x 1x 2=2, 所以x 2-y 2=2.由于x 1>0,x 2>0,所以x >0,即所求点M 的轨迹方程为x 2-y 2=2(x >0).答案:x 2-y 2=2(x >0)3.(2016·唐山模拟)已知P 为圆A :(x +1)2+y 2=8上的动点,点B (1,0).线段PB 的垂直平分线与半径PA 相交于点M ,记点M 的轨迹为Γ. (1)求曲线Γ的方程;(2)当点P 在第一象限,且cos ∠BAP =223时,求点M 的坐标.解:(1)圆A 的圆心为A (-1,0),半径等于2 2. 由已知|MB |=|MP |,于是|MA |+|MB |=|MA |+|MP |=22>2=|AB |,故曲线Γ是以A ,B 为焦点,以22为长轴长的椭圆, 即a =2,c =1,b =1, 所以曲线Γ的方程为x 22+y 2=1.(2)由cos ∠BAP =223,|AP |=22,得P ⎝ ⎛⎭⎪⎫53,223.于是直线AP 的方程为y =24(x +1). 由⎩⎪⎨⎪⎧x 22+y 2=1,y =24(x +1),整理得5x 2+2x -7=0, 解得x 1=1,x 2=-75.由于点M 在线段AP 上, 所以点M 坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫1,22. 4.(2016·郑州质检)已知动点P 到定点F (1,0)和到直线x =2的距离之比为22,设动点P 的轨迹为曲线E ,过点F 作垂直于x 轴的直线与曲线E 相交于A 、B 两点,直线l :y =mx +n 与曲线E 交于C 、D 两点,与线段AB 相交于一点(与A 、B 不重合). (1)求曲线E 的方程;(2)当直线l 与圆x 2+y 2=1相切时,四边形ACBD 的面积是否有最大值?若有,求出其最大值及对应的直线l 的方程;若没有,请说明理由. 解:(1)设点P (x ,y ),由题意可得, (x -1)2+y 2|x -2|=22,整理可得x 22+y 2=1.所以曲线E 的方程是x 22+y 2=1.(2)设C (x 1,y 1),D (x 2,y 2),由已知可得|AB |= 2. 当m =0时,不合题意.当m ≠0时,由直线l 与圆x 2+y 2=1相切,可得|n |m 2+1=1,即m 2+1=n 2.联立⎩⎪⎨⎪⎧y =mx +n ,x 22+y 2=1消去y 得⎝ ⎛⎭⎪⎫m 2+12x 2+2mnx +n 2-1=0,Δ=4m 2n 2-4⎝⎛⎭⎪⎫m 2+12(n 2-1)=2m 2>0,x 1=-2mn +Δ2m 2+1,x 2=-2mn -Δ2m 2+1, S 四边形ACBD =12|AB ||x 2-x 1|=2|m |2m 2+1=22|m |+1|m |≤22, 当且仅当2|m |=1|m |,即m =±22时等号成立,此时n =±62,经检验可知,直线y =22x-62和直线y =-22x +62符合题意.。

高考数学大一轮复习 第八章 平面解析几何 第8课时 曲线与方程课件 理 北师大版.ppt

高考数学大一轮复习 第八章 平面解析几何 第8课时 曲线与方程课件 理 北师大版.ppt

C.圆
D.直线
解析:因为不论θ为何值,方程x2+2sin θ·y2=1都不会同时既
有一次项,又有二次项,所以其方程所表示的曲线必不是抛物
线. 答案:A
3.已知两定点A(-2,0),B(1,0),如果动点P满足条件|PA|=
2|PB|,则动点P的轨迹所围成的图形的面积等于( )
A.9π
B.8π
C.4π
2.设点F(2,0),动点P到y轴的距离为d,求满足条件|PF|-d =2的点P的轨迹方程.
解:法一:设P点坐标为(x,y), 由|PF|=2+d, 得 x-22+y2=2+|x|, 即(x-2)2+y2=(2+|x|)2. ∴y2=4|x|+4x. 当x≥0时,y2=8x; 当x<0时,y2=0,即y=0. 故所求轨迹方程为y2=8x(x≥0)和y=0(x<0).
2.求曲线方程的一般方法(五步法) (1)建立适当的坐标系,用有序实数对(x,y)表示曲线上任意 一点M的坐标; (2)写出适合条件p的点M的集合 { M | p (M)} ; (3)用坐标表示条件p(M),列出方程 f(x,y)=0 ; (4)化方程f(x,y)=0为 最简形式 ; (5)说明以化简后的方程的解为坐标的点都在曲线上.
D.π
解析:设P(x,y),由|PA|=2|PB|,知
x+22+y2 =
2 x-12+y2 ,化简整理,得(x-2)2+y2=4,所以,动点P的轨
迹是圆心为(2,0),半径为2的圆,此圆的面积为4π. 答案:C
4.方程x2+xy=x所表示的曲线是________. 解析:因为方程x2+xy=x可化为:x(x+y-1)=0,所以x=0 或x+y-1=0,它们表示两条直线,因此方程x2+xy=x表示的曲 线为两条直线.

高考数学统考一轮复习 第八章 平面解析几何 第八节 第1课时 最值、范围、证明问题(教师文档)教案

高考数学统考一轮复习 第八章 平面解析几何 第八节 第1课时 最值、范围、证明问题(教师文档)教案

学习资料第八节 直线与圆锥曲线的综合问题授课提示:对应学生用书第171页[基础梳理]1.直线与圆锥曲线的位置关系的判定 代数法:把圆锥曲线方程C 与直线方程l 联立消去y ,整理得到关于x 的方程ax 2+bx +c =0。

方程ax 2+bx +c =0的解 l 与C 的交点a =0b =0 无解(含l 是双曲线的渐近线) 无交点b ≠0 有一解(含l 与抛物线的对称轴平行或与双曲线的渐近线平行)一个交点 a ≠0 Δ〉0 两个不等的解 两个交点Δ=0 两个相等的解 一个交点Δ〈0 无实数解 无交点2。

弦长公式设斜率为k (k ≠0)的直线l 与圆锥曲线C 相交于A ,B 两点,A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则|AB |=错误!|x 1-x 2|=错误!·错误!或|AB |= 错误!·|y 1-y 2|=错误!·错误!.直线与圆锥曲线相交与相切的区别与联系(1)直线与椭圆相交⇔有两个交点.相切⇔有一个公共点.(2)直线与双曲线相交时,可以为一个公共点,即直线与渐近线平行;可以为两个公共点,直线与渐近线不平行.直线与双曲线相切时,只有一个公共点.(3)直线与抛物线相交,当直线平行对称轴时,只有一个公共点,当直线与对称轴不平行,有两个公共点.直线与抛物线相切时,只有一个公共点.[四基自测]1.(基础点:直线与抛物线的关系)已知点A (-2,3)在抛物线C :y 2=2px 的准线上,记C 的焦点为F ,则直线AF 的斜率为( )A .-错误!B .-1C .-错误!D .-错误!答案:C2.(基础点:直线截椭圆的弦长)斜率为1的直线l 与椭圆x 24+y 2=1相交于A 、B 两点,则|AB |的最大值为( )A .2B .错误!C.错误! D 。

错误!答案:C3.(基础点:椭圆的焦点三角形)已知F 1,F 2是椭圆16x 2+25y 2=1 600的两个焦点,P 是椭圆上一点,且PF 1⊥PF 2,则△F 1PF 2的面积为________.答案:644.(基础点:双曲线的通径)F 是双曲线C :x 2-错误!=1的右焦点,过F 作x 轴的垂线交双曲线于A 、B 两点,则|AB |=________.答案:6第一课时 最值、范围、证明问题授课提示:对应学生用书第172页 考点一 弦及弦长问题[例] (1)过椭圆错误!+错误!=1的右焦点的直线交椭圆于A ,B 两点,若|AB |=2错误!,则直线AB 的方程为( )A.x+错误!y-3=0B.错误!x±y-3=0C.错误!x+y-3=0D.x±错误!y-3=0[解析]由题意知,椭圆错误!+错误!=1的右焦点为F(3,0),设直线AB的方程为x =ty+3,代入椭圆方程错误!+错误!=1中得(t2+4)y2+6ty-3=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),则y1+y2=-错误!,y1y2=-错误!,所以(y1-y2)2=(y1+y2)2-4y1y2=错误!错误!+错误!=错误!,所以|AB|=错误!=错误!=2错误!,解得t2=2,所以t=±错误!,所以直线AB的方程为x=±错误!y+3,即x±错误!y-3=0.选D.[答案] D(2)(2020·沈阳监测)已知抛物线y2=4x的一条弦AB恰好以P(1,1)为中点,则弦AB所在直线的方程是________.[解析]设A(x1,y1),B(x2,y2),且x1≠x2,则y1+y2=2,又点A,B在抛物线y2=4x 上,所以错误!两式相减,得(y1+y2)(y1-y2)=4(x1-x2),则错误!=错误!=2,即直线AB 的斜率k=2,所以直线AB的方程为y-1=2(x-1),即2x-y-1=0。

高考数学一轮复习 第8章 平面解析几何 8.8 曲线与方程

高考数学一轮复习 第8章 平面解析几何 8.8 曲线与方程

8.8 曲线与方程[知识梳理]求曲线方程的基本步骤[诊断自测]1.概念思辨(1)f(x0,y0)=0是点P(x0,y0)在曲线f(x,y)=0上的充要条件.( )(2)方程x2+xy=x的曲线是一个点和一条直线.( )(3)到两条互相垂直的直线距离相等的点的轨迹方程是x2=y2.( )(4)方程y=x与x=y2表示同一曲线.( )答案(1)√(2)×(3)×(4)×2.教材衍化(1)(选修A2-1P36例3)到点F(0,4)的距离比到直线y=-5的距离小1的动点M的轨迹方程为( )A.y=16x2B.y=-16x2C.x2=16y D.x2=-16y答案 C解析由题意可知动点M到点F(0,4)的距离与到直线y=-4的距离相等,则点M的轨迹为抛物线,故选C.(2)(选修A2-1P 35例1)到两坐标轴距离之积等于2的点的轨迹方程为________. 答案 y =±2x解析 根据题意,设动点为M ,其坐标为(x ,y ),而动点M 到两坐标轴距离之积等于2,即|x |×|y |=2,变形可得y =±2x ,故到两坐标轴距离之积等于2的点的轨迹方程为y =±2x.3.小题热身(1)(2018·银川模拟)设点A 为圆(x -1)2+y 2=1上的动点,PA 是圆的切线,且|PA |=1,则P 点的轨迹方程为( )A .y 2=2x B .(x -1)2+y 2=4 C .y 2=-2x D .(x -1)2+y 2=2答案 D解析 如图,设P (x ,y ),圆心为M (1,0),连接MA ,则MA ⊥PA ,且|MA |=1. 又∵|PA |=1,∴|PM |= |MA |2+|PA |2=2,即|PM |2=2,∴(x -1)2+y 2=2.故选D.(2)(2017·聊城一模)在平面直角坐标系中,O 为坐标原点,A (1,0),B (2,2),若点C 满足OC →=OA →+t (OB →-OA →),其中t ∈R ,则点C 的轨迹方程是________.答案 y =2x -2解析 设C (x ,y ),则OC →=(x ,y ),OA →+t (OB →-OA →)=(1+t,2t ),所以⎩⎪⎨⎪⎧x =t +1,y =2t ,消去参数t 得点C 的轨迹方程为y =2x -2.题型1 定义法求轨迹方程典例(2017·大庆模拟)已知圆C 1:(x +3)2+y 2=1和圆C 2:(x -3)2+y 2=9,动圆M 同时与圆C 1及圆C 2相外切,则动圆圆心M 的轨迹方程为________.用定义法.答案 x 2-y 28=1(x ≤-1)解析 如图所示,设动圆M 与圆C 1及圆C 2分别外切于点A 和点B ,则有|MC 1|-|AC 1|=|MA |,|MC 2|-|BC 2|=|MB |.又|MA |=|MB |,所以|MC 2|-|MC 1|=|BC 2|-|AC 1|=3-1=2,即动点M 到两定点C 2,C 1的距离的差是常数2,且2<|C 1C 2|=6,|MC 2|>|MC 1|,故动圆圆心M 的轨迹为以定点C 2,C 1为焦点的双曲线的左支,则2a =2,所以a =1.又c =3,则b 2=c 2-a 2=8.设动圆圆心M 的坐标为(x ,y ),则动圆圆心M 的轨迹方程为x 2-y 28=1(x ≤-1).[条件探究] 将本例条件变为:“圆C 1:(x +1)2+y 2=1,圆C 2:(x -1)2+y 2=9,动圆P 与圆C 1外切且与圆C 2内切”,求圆心P 的轨迹方程.解 因为圆P 与圆C 1外切且与圆C 2内切,所以|PC 1|+|PC 2|=(R +1)+(3-R )=4,由椭圆的定义可知,曲线是以C 1,C 2为左、右焦点,长半轴长为2,短半轴长为3的椭圆(左顶点除外),其方程为x 24+y 23=1(x ≠-2).方法技巧定义法求轨迹方程的适用条件及关键点1.求轨迹方程时,若动点与定点、定线间的等量关系满足圆、椭圆、双曲线、抛物线的定义,则可直接根据定义先确定轨迹类型,再写出其方程.见典例.2.理解解析几何中有关曲线的定义是解题关键.3.利用定义法求轨迹方程时,还要看所求轨迹是否是完整的圆、椭圆、双曲线、抛物线,如果不是完整的曲线,则应对其中的变量x 或y 进行限制.见典例.冲关针对训练已知圆C 与两圆x 2+(y +4)2=1,x 2+(y -2)2=1外切,圆C 的圆心轨迹方程为L ,设L 上的点与点M (x ,y )的距离的最小值为m ,点F (0,1)与点M (x ,y )的距离为n .(1)求圆C 的圆心轨迹L 的方程;(2)求满足条件m =n 的点M 的轨迹Q 的方程.解 (1)两圆半径都为1,两圆圆心分别为C 1(0,-4),C 2(0,2),由题意得|CC 1|=|CC 2|,可知圆心C 的轨迹是线段C 1C 2的垂直平分线,C 1C 2的中点为(0,-1),直线C 1C 2的斜率不存在,故圆心C 的轨迹是线段C 1C 2的垂直平分线,其方程为y =-1,即圆C 的圆心轨迹L 的方程为y =-1.(2)因为m =n ,所以M (x ,y )到直线y =-1的距离与到点F (0,1)的距离相等,故点M 的轨迹Q 是以y =-1为准线,点F (0,1)为焦点,顶点在原点的抛物线,而p2=1,即p =2,所以轨迹Q 的方程是x 2=4y .题型2 直接法求轨迹方程典例 (2014·广东高考)已知椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的一个焦点为(5,0),离心率为53. (1)求椭圆C 的标准方程;(2)若动点P (x 0,y 0)为椭圆C 外一点,且点P 到椭圆C 的两条切线相互垂直,求点P 的轨迹方程.解 (1)由题意知c =5,c a =53,所以a =3,b 2=a 2-c 2=4,故椭圆C 的标准方程为x 29+y 24=1.(2)设两切线为l 1,l 2,①当l 1⊥x 轴或l 1∥x 轴时,对应l 2∥x 轴或l 2⊥x 轴,可知P (±3,±2). ②当l 1与x 轴不垂直且不平行时,x 0≠±3. 设l 1的斜率为k ,则k ≠0,l 2的斜率为-1k,故l 1的方程为y -y 0=k (x -x 0),联立x 29+y 24=1,得(9k 2+4)x 2+18(y 0-kx 0)kx +9(y 0-kx 0)2-36=0.因为直线l 1与椭圆C 相切,所以Δ=0, 得9(y 0-kx 0)2k 2-(9k 2+4)[(y 0-kx 0)2-4]=0,所以-36k 2+4[(y 0-kx 0)2-4]=0, 所以(x 20-9)k 2-2x 0y 0k +y 20-4=0,所以k 是方程(x 20-9)x 2-2x 0y 0x +y 20-4=0(x 0≠±3)的一个根,同理-1k是方程(x 20-9)x2-2x 0y 0x +y 20-4=0(x 0≠±3)的另一个根,所以k ·⎝ ⎛⎭⎪⎫-1k =y 20-4x 20-9,得x 20+y 20=13,其中x 0≠±3,所以此时点P 的轨迹方程为x 20+y 20=13(x 0≠±3). 因为P (±3,±2)满足x 20+y 20=13, 综上可知,点P 的轨迹方程为x 2+y 2=13. 方法技巧直接法求曲线方程的关键点和注意点1.关键点:直接法求曲线方程时最关键的就是把几何条件或等量关系翻译为代数方程,要注意翻译的等价性.通常将步骤简记为建系、设点、列式、代换、化简、证明这几个步骤,但最后的证明可以省略.2.注意点:求出曲线的方程后还需注意检验方程的纯粹性和完备性.提醒:对方程化简时,只要前后方程解集相同,证明一步可以省略,必要时可说明x ,y 的取值范围.冲关针对训练已知椭圆C 的中心为平面直角坐标系xOy 的原点,焦点在x 轴上,它的一个顶点到两个焦点的距离分别是7和1.(1)求椭圆C 的方程;(2)若P 为椭圆C 上的动点,M 为过P 且垂直于x 轴的直线上的一点,|OP ||OM |=λ,求点M的轨迹方程,并说明轨迹是什么曲线.解 (1)设椭圆长半轴长及半焦距分别为a ,c ,由已知得⎩⎪⎨⎪⎧a -c =1,a +c =7,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =4,c =3,所以b =7,所以椭圆C 的标准方程为x 216+y 27=1.(2)设M (x ,y ),其中x ∈[-4,4].由已知|OP |2|OM |2=λ2及点P 在椭圆C 上,可得9x 2+11216(x 2+y 2)=λ2,整理得(16λ2-9)x 2+16λ2y 2=112,其中x ∈[-4,4].①当λ=34时,化简得9y 2=112,所以点M 的轨迹方程为y =±473(-4≤x ≤4),轨迹是两条平行于x 轴的线段.②当λ≠34时,方程变形为x 211216λ2-9+y211216λ2=1,其中x ∈[-4,4].当0<λ<34时,点M 的轨迹为中心在原点,实轴在y 轴上的双曲线满足-4≤x ≤4的部分;当34<λ<1时,点M 的轨迹为中心在原点,长轴在x 轴上的椭圆满足-4≤x ≤4的部分; 当λ≥1时,点M 的轨迹为中心在原点,长轴在x 轴上的椭圆. 题型3相关点法(代入法)求轨迹方程典例1 已知F 1,F 2分别为椭圆C :x 24+y 23=1的左、右焦点,点P 为椭圆C 上的动点,则△PF 1F 2的重心G 的轨迹方程为( )A.x 236+y 227=1(y ≠0) B.4x 29+y 2=1(y ≠0) C.9x 24+3y 2=1(y ≠0) D.x 2+4y 23=1(y ≠0) 答案 C解析 依题意知F 1(-1,0),F 2(1,0),设P (x 0,y 0),G (x ,y ),则由三角形重心坐标关系可得⎩⎪⎨⎪⎧x =x 0-1+13,y =y3,即⎩⎪⎨⎪⎧x 0=3x ,y 0=3y ,代入x 204+y 203=1,得重心G 的轨迹方程为9x 24+3y 2=1(y ≠0).典例2 如图,动圆C 1:x 2+y 2=t 2,1<t <3,与椭圆C 2:x 29+y 2=1相交于A ,B ,C ,D 四点.点A 1,A 2分别为C 2的左、右顶点.求直线AA 1与直线A 2B 交点M 的轨迹方程.解 由椭圆C 2:x 29+y 2=1,知A 1(-3,0),A 2(3,0).设点A 的坐标为(x 0,y 0);由曲线的对称性, 得B (x 0,-y 0), 设点M 的坐标为(x ,y ), 直线AA 1的方程为y =y 0x 0+3(x +3).①直线A 2B 的方程为y =-y 0x 0-3(x -3).② 由①②相乘得y 2=-y 20x 20-9(x 2-9),③又点A (x 0,y 0)在椭圆C 上,故y 20=1-x 209.④将④代入③得x 29-y 2=1(x <-3,y <0).因此点M 的轨迹方程为x 29-y 2=1(x <-3,y <0).[结论探究] 典例2中试求t 的值,使矩形ABCD 的面积最大,并求出此最大值. 解 设A (x 0,y 0),则S 矩形=4|x 0y 0|, 由x 209+y 20=1得y 20=1-x 209, 从而x 20y 2=x 20⎝ ⎛⎭⎪⎫1-x 209=-19⎝ ⎛⎭⎪⎫x 20-922+94,当x 20=92,y 20=12时,S max =6,此时t 2=x 20+y 20=5,t = 5.所以当t =5时,矩形ABCD的面积取到最大值6.方法技巧相关点法求轨迹方程的一般步骤1.分析题目:与动点M (x ,y )相关的点P (x 0,y 0)在已知曲线上运动; 2.寻求关系式x 0=f (x ,y ),y 0=g (x ,y );3.将x 0=f (x ,y ),y 0=g (x ,y )代入已知曲线方程; 4.整理关于x ,y 的关系式得M 的轨迹方程. 冲关针对训练已知抛物线C :y 2=4x 的焦点为F .(1)点A ,P 满足AP →=-2FA →.当点A 在抛物线C 上运动时,求动点P 的轨迹方程; (2)在x 轴上是否存在异于原点的点Q ,使得点Q 关于直线y =2x 的对称点在抛物线C 上?如果存在,求所有满足条件的点Q 的坐标;如果不存在,请说明理由.解 (1)设点P 的坐标为(x ,y ),点A 的坐标为(x A ,y A ),则AP →=(x -x A ,y -y A ).因为F 的坐标为(1,0),所以FA →=(x A -1,y A ). 由AP →=-2FA →,得(x -x A ,y -y A )=-2(x A -1,y A ),即⎩⎪⎨⎪⎧x -x A =-2(x A -1),y -y A =-2y A ,解得⎩⎪⎨⎪⎧x A =2-x ,y A =-y .代入y 2=4x ,得到动点P 的轨迹方程为y 2=8-4x .(2)假设存在这样的点Q ,其坐标为(t,0),点Q 关于直线 y =2x 的对称点Q ′(x ,y ),则⎩⎪⎨⎪⎧y x -t =-12,y 2=x +t ,解得⎩⎪⎨⎪⎧x =-35t ,y =45t ,由Q ′在抛物线C 上,将Q ′的坐标代入y 2=4x ,得4t 2+15t =0,即t =0或t =-154.所以存在满足题意的点Q ,其坐标为(0,0)或⎝ ⎛⎭⎪⎫-154,0.点(0,0)不符合题意.所以Q ⎝⎛⎭⎪⎫-154,0.题型4 参数法求轨迹方程典例如图,P 是圆x 2+y 2=4上的动点,P 点在x 轴上的射影是D ,点M 满足DM →=12DP →.(1)求动点M 的轨迹C 的方程,并说明轨迹是什么图形;(2)过点N (3,0)的直线l 与动点M 的轨迹C 交于不同的两点A ,B ,求以OA ,OB 为邻边的平行四边形OAEB 的顶点E 的轨迹方程.解 (1)设M (x ,y ),则D (x,0), 由DM →=12DP →知P (x,2y ),∵点P 在圆x 2+y 2=4上,∴x 2+4y 2=4,故动点M 的轨迹C 的方程为x 24+y 2=1,且轨迹C 为椭圆.(2)设E (x ,y ),由题意知l 的斜率存在,设l :y =k (x -3),代入x 24+y 2=1,得(1+4k 2)x2-24k 2x +36k 2-4=0,设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=24k21+4k2,∴y 1+y 2=k (x 1-3)+k (x 2-3)=k (x 1+x 2)-6k =24k 31+4k 2-6k =-6k1+4k 2.∵四边形OAEB 为平行四边形, ∴OE →=OA →+OB →=(x 1+x 2,y 1+y 2)=⎝ ⎛⎭⎪⎫24k 21+4k 2,-6k 1+4k 2,又OE →=(x ,y ),∴⎩⎪⎨⎪⎧x =24k 21+4k2,y =-6k1+4k 2,消去k 得,x 2+4y 2-6x =0,由Δ=(-24k 2)2-4(1+4k 2)(36k 2-4)>0得,k 2<15,∴0<x <83.∴顶点E 的轨迹方程为x 2+4y 2-6x =0⎝ ⎛⎭⎪⎫0<x <83.方法技巧参数法求轨迹方程的一般步骤1.选取参数k ,用k 表示动点M 的坐标; 2.写出动点M 的轨迹的参数方程⎩⎪⎨⎪⎧x =f (k ),y =g (k );3.消参数k ,得M 的轨迹方程;4.由k 的范围确定x ,y 的范围,确保完备性与纯粹性. 冲关针对训练设椭圆方程为x 2+y 24=1,过点M (0,1)的直线l 交椭圆于A ,B 两点,O 是坐标原点,l上的动点P 满足OP →=12(OA →+OB →),当l 绕点M 旋转时,求动点P 的轨迹方程.解 设点P 的坐标为(x ,y ), 因A (x 1,y 1),B (x 2,y 2)在椭圆上, 所以x 21+y 214=1.①x 22+y 224=1.②①-②,得x 21-x 22+14(y 21-y 22)=0,所以(x 1-x 2)(x 1+x 2)+14(y 1-y 2)(y 1+y 2)=0.当x 1≠x 2时,有x 1+x 2+14(y 1+y 2)·y 1-y 2x 1-x 2=0.③并且⎩⎪⎨⎪⎧x =x 1+x 22,y =y 1+y22,y -1x =y 1-y 2x 1-x 2,④将④代入③并整理,得4x 2+y 2=y .⑤当x 1=x 2时,点A ,B 的坐标分别为(0,2),(0,-2). 这时点P 的坐标为(0,0),也满足⑤.所以点P 的轨迹方程为x2116+⎝ ⎛⎭⎪⎫y -12214=1.1.(2018·开封模拟)已知点Q 在椭圆C :x 216+y 210=1上,点P 满足OP →=12⎝ ⎛⎭⎪⎫OF 1→+OQ →(其中O 为坐标原点,F 1为椭圆C 的左焦点),则点P 的轨迹为( )A .圆B .抛物线C .双曲线D .椭圆 答案 D解析 因为点P 满足OP →=12(OF 1→+OQ →),所以P 是线段QF 1的中点,由于F 1为椭圆C :x 216+y 210=1的左焦点,则F 1(-6,0),设P (x ,y ),则Q (2x +6,2y ).由点Q 在椭圆C :x 216+y 210=1上,得点P 的轨迹方程为(2x +6)216+(2y )25=1,可知点P 的轨迹为椭圆.故选D. 2.(2018·湖南东部六校联考)已知两定点A (0,-2),B (0,2),点P 在椭圆x 212+y 216=1上,且满足|AP →|-|BP →|=2,则AP →·BP →=( )A .-12B .12C .-9D .9解析 设P (x ,y ).由|AP →|-|BP →|=2可得点P 在以两定点A ,B 为焦点的双曲线的上支,其中2a =2,c =2,∴b = 3.∴点P (x ,y )满足方程y 2-x 23=1(y ≥1).由⎩⎪⎨⎪⎧x 212+y 216=1,y 2-x23=1解得⎩⎪⎨⎪⎧x 2=9,y 2=4,所以AP →·BP →=(x ,y +2)·(x ,y -2)=x 2+y 2-4=9+4-4=9,故选D.3.(2017·豫北名校联考)已知△ABC 的顶点B (0,0),C (5,0),AB 边上的中线长|CD |=3,则顶点A 的轨迹方程为________.答案 (x -10)2+y 2=36(y ≠0)解析 设A (x ,y ),由题意可知D ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2,y 2.又∵|CD |=3,∴⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2-52+⎝ ⎛⎭⎪⎫y22=9,即(x -10)2+y 2=36,由于A ,B ,C 三点不共线,∴点A 不能落在x 轴上,即y ≠0,∴点A 的轨迹方程为(x -10)2+y 2=36(y ≠0).4.(2017·全国卷Ⅱ)设O 为坐标原点,动点M 在椭圆C :x 22+y 2=1上,过M 作x 轴的垂线,垂足为N ,点P 满足NP →= 2 NM →.(1)求点P 的轨迹方程;(2)设点Q 在直线x =-3上,且OP →·PQ →=1.证明:过点P 且垂直于OQ 的直线l 过C 的左焦点F .解 (1)设P (x ,y ),M (x 0,y 0),则N (x 0,0),NP →=(x -x 0,y ),NM →=(0,y 0). 由NP →= 2 NM →得x 0=x ,y 0=22y . 因为M (x 0,y 0)在C 上,所以x 22+y 22=1.因此点P 的轨迹方程为x 2+y 2=2.(2)证明:由题意知F (-1,0).设Q (-3,t ),P (m ,n ),则 OQ →=(-3,t ),PF →=(-1-m ,-n ),OQ →·PF →=3+3m -tn , OP →=(m ,n ),PQ →=(-3-m ,t -n ).由OP ·PQ =1得-3m -m 2+tn -n 2=1, 又由(1)知m 2+n 2=2,故3+3m -tn =0.所以OQ →·PF →=0,即OQ →⊥PF →.又过点P 存在唯一直线垂直于OQ ,所以过点P 且垂直于OQ 的直线l 过C 的左焦点F .[基础送分 提速狂刷练]一、选择题1.(2017·上海模拟)图中曲线的方程可以是( ) A .(x +y -1)·(x 2+y 2-1)=0 B.x +y -1·(x 2+y 2-1)=0 C .(x +y -1)·x 2+y 2-1=0 D.x +y -1·x 2+y 2-1=0 答案 C解析 由图象可知曲线的方程可以是x 2+y 2=1或x +y -1=0(x 2+y 2≥1),故选C.2.(2017·保定二模)若点P (x ,y )坐标满足ln ⎪⎪⎪⎪⎪⎪1y =|x -1|,则点P 的轨迹图象大致是( )答案 B解析 由题意,x =1时,y =1,故排除C ,D ;令x =2,则y =±1e ,排除A.故选B.3.(2018·安徽模拟)点集{(x ,y )|(|x |-1)2+y 2=4}表示的图形是一条封闭的曲线,这条封闭曲线所围成的区域面积是( )A.16π3+2 3B.16π3+4 3 C.24π3+2 3 D.24π3+4 3 答案 A解析 点集{(x ,y )|(|x |-1)2+y 2=4}表示的图形是一条封闭的曲线,关于x ,y 轴对称,如图所示.由图可得面积S =S 菱形+43S 圆=12×23×2+43×π×4=16π3+2 3.故选A.4.(2018·沈阳月考)在△ABC 中,B (-5,0),C (5,0),AB ,AC 边上的中线长之和为9.则△ABC 重心G 的轨迹方程是( )A.x 24+y 29=1(y ≠0)B.x 29+y 24=1(y ≠0)C.x 24-y 2=1(y ≠0) D.x 2-y 24=1(y ≠0) 答案 B解析 设AB ,AC 边上的中线分别为CD ,BE , ∵BG =23BE ,CG =23CD ,∴BG +CG =23(BE +CD )=6(定值).因此,G 的轨迹为以B ,C 为焦点的椭圆,2a =6,c =5, ∴a =3,b =2,可得椭圆的方程为x 29+y 24=1.∵当G 点在x 轴上时,A ,B ,C 三点共线,不能构成△ABC .∴G 的纵坐标不能是0,可得△ABC 的重心G 的轨迹方程为x 29+y 24=1(y ≠0).故选B.5.(2018·大武口期末)已知抛物线y 2=4x ,焦点为F ,顶点为O ,点P 在抛物线上移动,Q 是OP 的中点,M 是FQ 的中点,则点M 的轨迹方程是( )A .y 2=x -1B .y 2=2⎝ ⎛⎭⎪⎫x -12C .y 2=2(x -1)D .y 2=x -12答案 D解析 设M (x ,y ),P (x 1,y 1),Q (x 2,y 2),易求y 2=4x 的焦点F 的坐标为(1,0). ∵M 是FQ 的中点, ∴⎩⎪⎨⎪⎧x =1+x 22,y =y22⇒⎩⎪⎨⎪⎧x 2=2x -1,y 2=2y ,又Q 是OP 的中点,∴⎩⎪⎨⎪⎧x 2=x12,y 2=y12⇒⎩⎪⎨⎪⎧x 1=2x 2=4x -2,y 1=2y 2=4y .∵P 在抛物线y 2=4x 上,∴(4y )2=4(4x -2), 所以M 点的轨迹方程为y 2=x -12.故选D.6.(2017·河北衡水中学期中)已知A (-1,0),B 是圆F :x 2-2x +y 2-11=0(F 为圆心)上一动点,线段AB 的垂直平分线交BF 于P ,则动点P 的轨迹方程为( )A.x 212+y 211=1 B.x 236-y 235=1 C.x 23-y 22=1 D.x 23+y 22=1 答案 D解析 将圆F 改写成标准方程(x -1)2+y 2=12,则圆心F 的坐标为(1,0),半径r =23,由题意可知|PA |=|PB |.又点P 在圆F 的半径BF 上,故|PA |+|PF |=|PB |+|PF |=|BF |=23>2=|AF |,所以动点P 的轨迹是以A ,F 为焦点,23为长轴长的椭圆,则2a =23,2c =2,所以b = 2.故动点P 的轨迹方程为x 23+y 22=1.故选D.7.(2018·宜城期末)已知过定点C (2,0)的直线l 与抛物线y 2=2x 相交于A ,B 两点,作OE ⊥AB 于E .则点E 的轨迹方程是( )A .x 2+y 2-2x =0(x ≠0) B .x 2+y 2-2x =0(y ≠0) C .x 2+y 2-4x =0 D .x 2+y 2-4x =0(y ≠0) 答案 A解析 直线l 过定点C (2,0), ∵O (0,0),C (2,0),OE ⊥CE , ∴△OEC 为直角三角形,∴点E 的轨迹是以线段OC 为直径的圆除去点O ,故点E 的轨迹方程为(x -1)2+y 2=1(x ≠0),即x 2+y 2-2x =0(x ≠0).故选A.8.(2017·津南模拟)平面直角坐标系中,已知两点A (3,1),B (-1,3),若点C 满足OC →=λ1OA →+λ2OB →(O 为原点),其中λ1,λ2∈R ,且λ1+λ2=1,则点C 的轨迹是( )A .直线B .椭圆C .圆D .双曲线答案 A解析 设C (x ,y ),因为OC →=λ1OA →+λ2OB →,所以(x ,y )=λ1(3,1)+λ2(-1,3),即⎩⎪⎨⎪⎧x =3λ1-λ2,y =λ1+3λ2,解得⎩⎪⎨⎪⎧λ1=y +3x10,λ2=3y -x10,又λ1+λ2=1,所以y +3x 10+3y -x10=1,即x +2y =5,所以点C 的轨迹为直线,故选A.9.(2017·湖北期中)已知方程x 24-t +y 2t -1=1表示的曲线为C ,给出以下四个判断:①当1<t <4时,曲线C 表示椭圆; ②当t >4或t <1时曲线C 表示双曲线;③若曲线C 表示焦点在x 轴上的椭圆,则1<t <52;④若曲线C 表示焦点在x 轴上的双曲线,则t >4. 其中判断正确的个数是( ) A .1 B .2 C .3 D .4 答案 B解析 由4-t =t -1,可得t =52,方程x 24-t +y2t -1=1表示圆,故①不正确;由双曲线的定义可知:当(4-t )(t -1)<0时,即t <1或t >4时,方程x 24-t +y 2t -1=1表示双曲线,故②正确;由椭圆定义可知:当椭圆在x 轴上时,满足4-t >t -1>0,即1<t <52时,方程x 24-t +y2t -1=1表示焦点在x 轴上的椭圆,故③正确;若曲线C 表示焦点在x 轴上的双曲线,则⎩⎪⎨⎪⎧4-t >0,t -1<0,∴t <1,故④不正确,故选B.10.(2018·北京模拟)如图所示,在正方形ABCD -A 1B 1C 1D 1的侧面AB 1内有一动点P 到直线A 1B 1与直线BC 的距离相等,则动点P 所在曲线的形状为( )答案 C解析 依题意可知P 到点B 的距离等于到直线A 1B 1的距离,根据抛物线的定义可知,动点P 的轨迹是以B 为焦点,以A 1B 1为准线的过A 的抛物线的一部分.A 的图象为直线的图象,排除A.B 项中B 不是抛物线的焦点,排除B. D 项不过A 点,D 排除.故选C. 二、填空题11.若过抛物线y 2=4x 的焦点作直线与其交于M ,N 两点,作平行四边形MONP ,则点P 的轨迹方程为________.答案 y 2=4(x -2)解析 当直线斜率存在时,设直线方程为y =k (x -1),点M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),P (x ,y ),由OM →=NP →,得(x 1,y 1)=(x -x 2,y -y 2).得x 1+x 2=x ,y 1+y 2=y .由⎩⎪⎨⎪⎧y =k (x -1),y 2=4x ,联立得x =x 1+x 2=2k 2+4k2.y =y 1+y 2=4k,消去参数k ,得y 2=4(x -2).当直线斜率不存在时,MN 的方程为x =1,P (2,0)在曲线y 2=4(x -2)上.12.设x ,y ∈R ,i ,j 为直角坐标平面内x ,y 轴正方向上的单位向量,向量a =x i +(y +2)j ,b =x i +(y -2)j ,且|a |+|b |=8,则点M (x ,y )的轨迹方程为________.答案x 212+y 216=1 解析 由已知得a =(x ,y +2),b =(x ,y -2),而|a |+|b |=8,故有x 2+(y +2)2+x 2+(y -2)2=8①,由①式知动点M (x ,y )到两定点F 1(0,-2),F 2(0,2)的距离之和为一常数,满足椭圆的定义,故M 点轨迹为以F 1,F 2为焦点的椭圆,椭圆的长半轴长a =4,所以短半轴长b =23,故其轨迹方程为x 212+y 216=1.13.(2018·中原名校联考)已知双曲线x 22-y 2=1的左、右顶点分别为A 1,A 2,点P (x 1,y 1),Q (x 1,-y 1)是双曲线上不同于A 1,A 2的两个不同的动点,则直线A 1P 与A 2Q 交点的轨迹方程为________.答案x 22+y 2=1(x ≠0且x ≠±2)解析 由题设知|x 1|>2,A 1(-2,0),A 2(2,0),则有 直线A 1P 的方程为y =y 1x 1+2(x +2),① 直线A 2Q 的方程为y =-y 1x 1-2(x -2),②联立①②,解得⎩⎪⎨⎪⎧ x =2x1,y =2y 1x 1,∴⎩⎪⎨⎪⎧x 1=2x ,y 1=2y x ,③∴x ≠0,且|x |<2,因为点P (x 1,y 1)在双曲线x 22-y 2=1上,所以x 212-y 21=1.将③代入上式,整理得所求轨迹的方程为x 22+y 2=1(x ≠0且x ≠±2). 14.(2018·山西太原模拟)已知圆O 1:(x -2)2+y 2=16和圆O 2:x 2+y 2=r 2(0<r <2),动圆M 与圆O 1和圆O 2都相切,动圆圆心M 的轨迹为两个椭圆,设这两个椭圆的离心率分别为e 1和e 2(e 1>e 2),则e 1+2e 2的最小值为________.答案3+224解析 设动圆M 的半径为R .动圆M 与圆O 1和圆O 2都相切有两种情况,一是与圆O 1内切、与圆O 2外切,二是与圆O 1和圆O 2都内切.相切都可以转化为圆心距问题.第一种情况,d MO 1=4-R ,d MO 2=r +R ,d MO 1+d MO 2=4+r ,为定值,且O 1O 2=2.故由椭圆的定义可知,M 的轨迹为一个椭圆,a =4+r2,c =1.同理,第二种情况,M 的轨迹为一个椭圆,a =4-r2,c =1.∵两个椭圆的离心率分别为e 1和e 2(e 1>e 2),∴e 1=24-r ,e 2=24+r. ∴e 1+2e 2=24-r +44+r =2(4+r )+4(4-r )(4-r )(4+r )=24-2r 16-r 2=2(12-r )-(12-r )2+24(12-r )-128=2-(12-r )-12812-r+24≥2-2 (12-r )·12812-r +24=2-162+24=22+34,当且仅当12-r =12812-r ,即r =12-82时,取“=”.所以e 1+2e 2的最小值为3+224.三、解答题15.(2018·安徽合肥模拟)如图,抛物线E :y 2=2px (p >0)与圆O :x 2+y 2=8相交于A ,B 两点,且点A 的横坐标为2.过劣弧AB 上动点P (x 0,y 0)作圆O 的切线交抛物线E 于C ,D两点,分别以C ,D 为切点作抛物线E 的切线l 1,l 2,l 1与l 2相交于点M .(1)求p 的值;(2)求动点M 的轨迹方程.解 (1)由点A 的横坐标为2,可得点A 的坐标为(2,2),代入y 2=2px ,解得p =1.(2)设C ⎝ ⎛⎭⎪⎫y 212,y 1,D ⎝ ⎛⎭⎪⎫y 222,y 2,y 1≠0,y 2≠0. 设切线l 1:y -y 1=k ⎝ ⎛⎭⎪⎫x -y 212,代入y 2=2x 得ky 2-2y +2y 1-ky 21=0,由Δ=0,解得k =1y 1,∴l 1的方程为y =1y 1x +y 12, 同理,l 2的方程为y =1y 2x +y 22. 联立⎩⎪⎨⎪⎧ y =1y 1x +y 12,y =1y 2x +y 22,解得⎩⎪⎨⎪⎧ x =y 1·y 22,y =y 1+y 22.①∵直线CD 的方程为x 0x +y 0y =8,其中x 0,y 0满足x 20+y 20=8,x 0∈[2,2 2 ], 由⎩⎪⎨⎪⎧ y 2=2x ,x 0x +y 0y =8,得x 0y 2+2y 0y -16=0, 则⎩⎪⎨⎪⎧ y 1+y 2=-2y 0x 0,y 1·y 2=-16x 0.② 由①②可得⎩⎪⎨⎪⎧ x =-8x 0,y =-y 0x 0,则⎩⎪⎨⎪⎧ x 0=-8x ,y 0=8y x , 代入x 20+y 20=8得x 28-y 2=1. 考虑到x 0∈[2,2 2 ],则x ∈[-4,-2 2 ],∴动点M 的轨迹方程为x 28-y 2=1,x ∈[-4,-2 2 ]. 16.(2016·全国卷Ⅲ)已知抛物线C :y 2=2x 的焦点为F ,平行于x 轴的两条直线l 1,l 2分别交C 于A ,B 两点,交C 的准线于P ,Q 两点.(1)若F 在线段AB 上,R 是PQ 的中点,证明AR ∥FQ ;(2)若△PQF 的面积是△ABF 的面积的两倍,求AB 中点的轨迹方程.解 由题知F ⎝ ⎛⎭⎪⎫12,0.设l 1:y =a ,l 2:y =b ,则ab ≠0, 且A ⎝ ⎛⎭⎪⎫a 22,a ,B ⎝ ⎛⎭⎪⎫b 22,b ,P ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,a ,Q ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,b , R ⎝ ⎛ -12, ⎭⎪⎫a +b 2.记过A ,B 两点的直线为l ,则l 的方程为2x -(a +b )y +ab =0. (1)证明:由于F 在线段AB 上,故1+ab =0.记AR 的斜率为k 1,FQ 的斜率为k 2,则k 1=a -b 1+a 2=a -b a 2-ab =1a =-ab a=-b =k 2.所以AR ∥FQ .(2)设l 与x 轴的交点为D (x 1,0),则S △ABF =12|b -a |·|FD |=12|b -a |⎪⎪⎪⎪⎪⎪x 1-12,S △PQF =|a -b |2.由题设可得2×12|b -a |·⎪⎪⎪⎪⎪⎪x 1-12=|a -b |2,所以x 1=0(舍去)或x 1=1.设满足条件的AB 的中点为E (x ,y ).当AB 与x 轴不垂直时,由k AB =k DE ,可得2a +b =yx -1(x ≠1).而a +b 2=y ,所以y 2=x -1(x ≠1).当AB 与x 轴垂直时,E 与D 重合,此时E (1,0)满足方程y 2=x -1. 所以,所求轨迹方程为y 2=x -1.。

2022届高考数学一轮复习 第八章 平面解析几何 8.8 曲线与方程学案 理(含解析)北师大版

2022届高考数学一轮复习 第八章 平面解析几何 8.8 曲线与方程学案 理(含解析)北师大版

第八节曲线与方程命题分析预测学科核心素养应用圆锥曲线的定义或由已知条件求曲线方程或轨迹方程是本节的命题热点,题型以解答题为主,难度中等偏上,考查知识点较多,能力要求较高.本节通过曲线与方程的求法考查数学建模、直观想象、数学抽象等核心素养.授课提示:对应学生用书第188页知识点一曲线与方程1.曲线与方程一般地,在平面直角坐标系中,如果某曲线C上的点与一个二元方程f(x,y)=0的实数解建立了如下关系:(1)曲线上点的坐标都是这个方程的解.(2)以这个方程的解为坐标的点都是曲线上的点.那么这个方程叫做曲线的方程,这条曲线叫做方程的曲线.2.求动点轨迹方程的一般步骤(1)建立适当的坐标系,用有序实数对(x,y)表示曲线上任意一点M的坐标;(2)写出适合条件p的点M的集合P={M|p(M)};(3)用坐标表示条件p(M),列出方程f(x,y)=0;(4)化方程f(x,y)=0为最简形式;(5)说明以化简后的方程的解为坐标的点都在曲线上.• 温馨提醒•轨迹问题应区分是“求轨迹”,还是“求轨迹方程”.一般来说,若是“求轨迹方程”,求到方程就可以了;若是“求轨迹”,求到方程还不够,还应指出方程所表示的曲线的类型.有时候,问题仅要求指出轨迹的类型,如果能绕过求轨迹方程这一环节直接根据定义及已知知识指出轨迹是什么曲线,则可不求轨迹方程.1.已知点F ⎝ ⎛⎭⎪⎫14,0,直线l :x =-14,点B 是l 上的动点,若过点B 垂直于y 轴的直线与线段BF 的垂直平分线交于点M ,则点M 的轨迹是( ) A .双曲线 B .椭圆 C .圆D .抛物线解析:由已知|MF |=|MB |,根据抛物线的定义知,点M 的轨迹是以点F 为焦点,直线l 为准线的抛物线. 答案:D2.已知⊙O 的方程为x 2+y 2=4,过M (4,0)的直线与⊙O 交于A ,B 两点,则弦AB 中点P 的轨迹方程为( ) A .(x -2)2+y 2=4 B .(x +2)2+y 2=4C .(x -2)2+y 2=4(0≤x <1)D .(x +2)2+y 2=4(-1<x ≤0)解析:根据垂径定理知:OP ⊥PM ,所以P 点轨迹是以OM 为直径的圆且在⊙O 内的部分.以OM 为直径的圆的方程为(x -2)2+y 2=4,它与⊙O 的交点为(1,±3).结合图形可知所求轨迹方程为(x -2)2+y 2=4(0≤x <1).答案:C3.(易错题)设定点F 1(0,-3),F 2(0,3),动点P 满足条件|PF 1|+|PF 2|=a +9a(a>0),则点P 的轨迹是( ) A .椭圆 B .双曲线 C .线段D .椭圆或线段解析:∵a +9a≥2a ·9a=6(a >0).当a =3时,a +9a=6,此时|PF 1|+|PF 2|=|F 1F 2|,P 点的轨迹为线段F 1F 2,当a ≠3,a >0时,|PF 1|+|PF 2|>|F 1F 2|. 由椭圆定义知P 点的轨迹为椭圆. 答案:D4.平面上有三点A (-2,y ),B ⎝⎛⎭⎪⎫0,y 2,C (x ,y ),若AB →⊥BC→,则动点C 的轨迹方程为_________.解析:AB →=⎝ ⎛⎭⎪⎫2,-y 2,BC →=⎝ ⎛⎭⎪⎫x ,y 2.∵AB →⊥BC →,∴AB →·BC →=0,得2·x -y 2·y 2=0,得y 2=8x .答案:y 2=8x授课提示:对应学生用书第189页题型一 直接法求轨迹方程[例] (1)已知A (-1,0),B (1,0)两点,过动点M 作x 轴的垂线,垂足为N ,若MN →2=λAN →·NB →,则当λ<0时,动点M 的轨迹为( ) A .圆 B .椭圆 C .双曲线D .抛物线(2)与y 轴相切且与圆C :x 2+y 2-6x =0相外切的圆的圆心的轨迹方程为_________. [解析] (1)设M (x ,y ),则N (x ,0),所以MN →2=y 2,λAN →·NB →=λ(x +1,0)·(1-x ,0)=λ(1-x 2),所以y 2=λ(1-x 2),即λx 2+y 2=λ,变形为x 2+y 2λ=1,所以当λ<0时,动点M的轨迹为双曲线.(2)若动圆在y轴右侧,设与y轴相切,且与圆x2+y2-6x=0外切的圆的圆心为P (x,y)(x>0),则半径长为|x|,因为圆x2+y2-6x=0的圆心为(3,0),所以(x-3)2+y2=|x|+3,则y2=12x(x>0),若动圆在y轴左侧,则y=0,即圆心的轨迹方程为y2=12x(x>0)或y=0(x<0).[答案] (1)C (2)y2=12x(x>0)或y=0(x<0)利用直接法求轨迹方程的方法及注意点(1)利用直接法求解轨迹方程的关键是根据条件准确列出方程,然后进行化简.(2)运用直接法应注意的问题①在用直接法求轨迹方程时,在化简的过程中,有时破坏了方程的同解性,此时就要补上遗漏的点或删除多余的点,这是不能忽视的.②若方程的化简过程是恒等变形,则最后的验证可以省略.[对点训练]设点A为圆(x-1)2+y2=1上的动点,PA是圆的切线,且|PA|=1,则点P的轨迹方程是()A.y2=2x B.(x-1)2+y2=4C.y2=-2x D.(x-1)2+y2=2解析:如图,设P(x,y),圆心为M(1,0),连接MA,则MA⊥PA,且|MA|=1,又因为|PA|=1,所以|PM|=|MA|2+|PA|2=2,即|PM|2=2,所以(x-1)2+y2=2.答案:D题型二定义法求轨迹方程[例] 已知圆C与两圆x2+(y+4)2=1,x2+(y-2)2=1外切,圆C的圆心轨迹为L,设L上的点与点M(x,y)的距离的最小值为m,点F(0,1)与点M(x,y)的距离为n.(1)求圆C的圆心轨迹L的方程;(2)求满足条件m=n的点M的轨迹Q的方程.[解析] (1)两圆半径都为1,两圆圆心分别为C1(0,-4),C2(0,2),由题意得|CC1|=|CC2|,可知圆心C的轨迹是线段C1C2的垂直平分线,C1C2的中点为(0,-1),直线C1C2的斜率不存在,所以圆C的圆心轨迹L的方程为y=-1.(2)因为m=n,所以M(x,y)到直线y=-1的距离与到点F(0,1)的距离相等,故点M的轨迹Q是以y=-1为准线,点F(0,1)为焦点,顶点在原点的抛物线,而p 2=1,即p=2,所以,轨迹Q的方程是x2=4y.定义法求轨迹方程的方法、关键及注意点(1)求轨迹方程时,若动点与定点、定线间的等量关系满足圆、椭圆、双曲线、抛物线的定义,则可直接根据定义先确定轨迹类型,再写出其方程.(2)关键:理解解析几何中有关曲线的定义是解题关键.(3)利用定义法求轨迹方程时,还要看所求轨迹是否是完整的圆、椭圆、双曲线、抛物线,如果不是完整的曲线,则应对其中的变量x或y进行限制.[对点训练](2021·吕梁模拟)如图,已知圆N:x2+(y+5)2=36,P是圆N上的点,点Q在线段NP上,且有点D(0,5)和DP上的点M,满足DP→=2DM→,MQ→·DP→=0.当P在圆上运动时,求点Q 的轨迹方程.解析:连接QD (图略),由题意知,MQ 是线段DP 的中垂线,所以|NP |=|NQ |+|QP |=|QN |+|QD |=6>|DN |=25.由椭圆的定义可知,点Q 的轨迹是以D ,N 为焦点的椭圆,依题意设椭圆方程为y 2a 2+x 2b2=1(a >b >0),则c =5,a =3,b =2, 所以点Q 的轨迹方程是y 29+x 24=1.题型三 相关点法(代入法)求轨迹方程[例] 如图,抛物线E :y 2=2px (p >0)与圆O :x 2+y 2=8相交于A ,B 两点,且点A 的横坐标为2.过劣弧AB 上动点P (x 0,y 0)作圆O 的切线交抛物线E 于C ,D 两点,分别以C ,D 为切点作抛物线E 的切线l 1,l 2,l 1与l 2相交于点M .(1)求p 的值;(2)求动点M 的轨迹方程.[解析] (1)由点A 的横坐标为2,可得点A 的坐标为(2,2),代入y 2=2px ,解得p =1.(2)由(1)知抛物线E :y 2=2x ,设C ⎝ ⎛⎭⎪⎫y 212,y 1,D ⎝ ⎛⎭⎪⎫y 222,y 2,y 1≠0,y 2≠0,切线l 1的斜率为k ,则切线l 1:y -y 1=k ⎝⎛⎭⎪⎫x -y 212,代入y 2=2x ,得ky 2-2y +2y 1-ky 21=0,由Δ=0,解得k =1y 1,所以l 1的方程为y =1y 1x +y 12,同理l 2的方程为y =1y 2x +y 22.联立⎩⎪⎨⎪⎧y =1y 1x +y 12,y =1y 2x +y22,解得⎩⎪⎨⎪⎧x =y 1·y 22,y =y 1+y 22.易知CD 的方程为x 0x +y 0y =8,其中x 0,y 0满足x 2+y 20=8,x 0∈[2,22],由⎩⎪⎨⎪⎧y 2=2x ,x 0x +y 0y =8,得x 0y 2+2y 0y -16=0,则⎩⎪⎨⎪⎧y 1+y 2=-2y 0x 0,y 1·y 2=-16x 0,代入⎩⎪⎨⎪⎧x =y 1·y 22,y =y 1+y22,可得M (x ,y )满足⎩⎪⎨⎪⎧x =-8x 0,y =-y 0x 0,可得⎩⎪⎨⎪⎧x 0=-8x ,y 0=8y x ,代入x 2+y 20=8,并化简,得x28-y 2=1,考虑到x 0∈[2,22],知x ∈[-4,-22],所以动点M 的轨迹方程为x 28-y 2=1,x ∈[-4,-22].代入法求轨迹方程的四步骤[对点训练]如图,已知P 是椭圆x 24+y 2=1上一点,PM ⊥x 轴于M .若PN→=λNM →.(1)求N 点的轨迹方程;(2)当N 点的轨迹为圆时,求λ的值.解析:(1)设点P ,点N 的坐标分别为P (x 1,y 1),N (x ,y ), 则M 的坐标为(x 1,0),且x =x 1, ∴PN →=(x -x 1,y -y 1)=(0,y -y 1), NM →=(x 1-x ,-y )=(0,-y ),由PN →=λNM →得(0,y -y 1)=λ(0,-y ). ∴y -y 1=-λy ,即y 1=(1+λ)y . ∵P (x 1,y 1)在椭圆x 24+y 2=1上,则x 214+y 21=1,∴x 24+(1+λ)2y 2=1, 故x 24+(1+λ)2y 2=1为所求的N 点的轨迹方程. (2)要使点N 的轨迹为圆,则(1+λ)2=14,解得λ=-12或λ=-32.故当λ=-12或λ=-32时,N 点的轨迹是圆.轨迹方程中的核心素养数学抽象、直观想象——轨迹方程的创新应用问题[例] 如图所示,正方体ABCD ­A 1B 1C 1D 1的棱长为1,点M 在AB 上,且AM =13AB ,点P在平面ABCD 上,且动点P 到直线A 1D 1的距离的平方与P 到点M 的距离的平方差为1,在平面直角坐标系xAy 中,动点P 的轨迹方程是_________.[解析] 如图,过P 作PQ ⊥AD 于Q ,再过Q 作QH ⊥A 1D 1于H ,连接PH ,PM ,易证得PH ⊥A 1D 1.设P (x ,y ),由|PH |2-|PM |2=1,得x 2+1-⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤⎝ ⎛⎭⎪⎫x -132+y 2=1,化简得y 2=23x -19.[答案] y 2=23x -19轨迹问题常与函数、立体几何交汇命题,主要通过条件信息,求动点的轨迹,常用的方法是直接法或相关点法.[对点训练]如图,斜线段AB与平面α所成的角为60°,B为斜足,平面α上的动点P满足∠PAB =30°,则点P的轨迹是()A.直线B.抛物线C.椭圆D.双曲线的一支解析:母线与中轴线夹角为30°,然后用平面α去截,使直线AB与平面α的夹角为60°,则截口为P的轨迹图形,由圆锥曲线的定义可知,P的轨迹为椭圆.答案:C。

【配套K12】2019年高考数学一轮复习学案+训练+课件(北师大版理科): 第8章 平面解析几何 第

【配套K12】2019年高考数学一轮复习学案+训练+课件(北师大版理科): 第8章 平面解析几何 第

第九节 圆锥曲线的综合问题[考纲传真] (教师用书独具)1.掌握解决直线与椭圆、抛物线的位置关系的思想方法;2.了解圆锥曲线的简单应用;3.理解数形结合的思想.(对应学生用书第148页)[基础知识填充]1.直线与圆锥曲线的位置关系设直线l :Ax +By +C =0,圆锥曲线C :F (x ,y )=0,由⎩⎪⎨⎪⎧Ax +By +C =0,F (x ,y )=0消去y 得到关于x 的方程ax 2+bx +c =0.(1)当a ≠0时,设一元二次方程ax 2+bx +c =0的判别式为Δ,则Δ>0⇔直线l 与圆锥曲线C 有两个公共点;Δ=0⇔直线l 与圆锥曲线C 有一个公共点; Δ<0⇔直线l 与圆锥曲线C 有零个公共点. (2)当a =0,b ≠0时,即得到一个一元一次方程.当C 为双曲线时,l 与双曲线的渐近线平行或重合,它们的公共点有1个或0个. 当C 为抛物线时,l 与抛物线的对称轴平行或重合,它们的公共点有1个. 2.圆锥曲线的弦长公式设斜率为k 的直线l 与圆锥曲线C 相交于A ,B 两点,A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则|AB |=(x 1-x 2)2+(y 1-y 2)2=1+k 2·|x 1-x 2|=1+k 2·(x 1+x 2)2-4x 1x 2=1+k 2·Δ|a |. [知识拓展] 过一点的直线与圆锥曲线的位置关系(1)过椭圆外一点总有两条直线与椭圆相切; 过椭圆上一点有且只有一条直线与椭圆相切; 过椭圆内一点的直线与椭圆相交.(2)过抛物线外一点总有三条直线和抛物线有且只有一个公共点:两条切线和一条与对称轴平行或重合的直线;过抛物线上一点总有两条直线与抛物线有且只有一个公共点:一条切线和一条与对称轴平行或重合的直线;过抛物线内一点只有一条直线与抛物线有且只有一个公共点:一条与对称轴平行或重合的直线.[基本能力自测]1.(思考辨析)判断下列结论的正误.(正确的打“√”,错误的打“×”)(1)直线l 与椭圆C 相切的充要条件是直线l 与椭圆C 只有一个公共点.( ) (2)直线l 与双曲线C 相切的充要条件是直线l 与双曲线C 只有一个公共点.( ) (3)过抛物线y 2=2px (p >0)焦点的弦中最短弦的弦长是2p .( )(4)若抛物线上存在关于直线l 对称的两点,则l 与抛物线有两个交点.( ) [解析] (1)对.椭圆是个封闭图形,直线与椭圆只有一个公共点时,一定相切. (2)错.当直线l 与渐近线平行时,直线与双曲线只有一个交点,但不相切. (3)对.可转化为到准线的距离来证明(3)正确. (4)错.当直线l 为对称轴时,l 与抛物线有一个交点. [答案] (1)√ (2)× (3)√ (4)×2.(教材改编)直线y =k (x -1)+1与椭圆x 29+y 24=1的位置关系是( )A .相交B .相切C .相离D .不确定A [直线y =k (x -1)+1恒过定点(1,1),又点(1,1)在椭圆内部,故直线与椭圆相交.]3.过点(0,1)作直线,使它与抛物线y 2=4x 仅有一个公共点,这样的直线有( )A .1条B .2条C .3条D .4条C [结合图形分析可知,满足题意的直线共有3条:一条过点(0,1)且平行于x 轴的直线,两条过点(0,1)且与抛物线相切的直线.]4.直线y =b a x +3与双曲线x 2a 2-y 2b2=1(a >0,b >0)的交点个数是( )A .1B .2C .1或2D .0A [因为直线y =ba x +3与双曲线的渐近线y =b ax 平行,所以它与双曲线只有1个交点.]5.过抛物线y 2=8x 的焦点F 作倾斜角为135°的直线,交抛物线于A ,B 两点,则弦AB 的长为________.16 [设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),因为抛物线y 2=8x 的焦点为F (2,0),直线AB 的倾斜角为135°,故直线AB 的方程为y =-x +2,代入抛物线方程y 2=8x ,得x 2-12x +4=0,则x 1+x 2=12,x 1x 2=4,则|AB |=x 1+x 2+4=12+4=16.]第1课时 直线与圆锥曲线的位置关系(对应学生用书第149页)(2017·全国卷Ⅰ)设A ,B 为曲线C :y =x 24上两点,A 与B 的横坐标之和为4.(1)求直线AB 的斜率;(2)设M 为曲线C 上一点,C 在M 处的切线与直线AB 平行,且AM ⊥BM ,求直线AB 的方程.[解] (1)设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2), 则x 1≠x 2,y 1=x 214,y 2=x 224,x 1+x 2=4,于是直线AB 的斜率k =y 1-y 2x 1-x 2=x 1+x 24=1. (2)由 y =x 24,得y ′=x2.设M (x 3,y 3),由题设知x 32=1,解得x 3=2,于是M (2,1).设直线AB 的方程为y =x +m ,故线段AB 的中点为N (2,2+m ),|MN |=|m +1|. 将y =x +m 代入y =x 24得x 2-4x -4m =0.当Δ=16(m +1)>0,即m >-1时,x 1,2=2±2m +1. 从而|AB |=2|x 1-x 2|=42(m +1).由题设知|AB |=2|MN |,即42(m +1)=2(m +1),解得m =7. 所以直线AB 的方程为y =x +7.x 或,判断该方程组解的个数,方程组有几组解,直线与圆锥曲线就有几个交点注意两点:消元后需要讨论含2或2项的系数是否为重视“判别式”起的限制作用2.对于选择题、要充分利用几何条件,借助数形结合的思想方法直观求解,优化解题过程.[跟踪训练] 已知直线l :y =2x +m ,椭圆C :4+2=1.试问当m 取何值时,直线l 与椭圆C :(1)有两个不重合的公共点; (2)有且只有一个公共点.[解] 将直线l 的方程与椭圆C 的方程联立,得方程组⎩⎪⎨⎪⎧y =2x +m , ①x 24+y22=1, ②将①代入②,整理得9x 2+8mx +2m 2-4=0.③方程③根的判别式Δ=(8m )2-4×9×(2m 2-4) =-8m 2+144.(1)当Δ>0,即-32<m <32时,方程③有两个不同的实数根,可知方程组有两组不同的实数解.这时直线l 与椭圆C 有两个不重合的公共点.(2)当Δ=0,即m =±32时,方程③有两个相同的实数根,可知方程组有两组相同的实数解.这时直线l 与椭圆C 有两个互相重合的公共点,即直线l 与椭圆C 有且只有一个公共点.(2018·广州综合测试(二))已知双曲线x 25-y 2=1的焦点是椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b>0)的顶点,且椭圆与双曲线的离心率互为倒数.【导学号:79140304】(1)设椭圆C 的方程;(2)设动点M ,N 在椭圆C 上,且|MN |=433,记直线MN 在y 轴上的截距为m ,求m的最大值.[解] (1)双曲线x 25-y 2=1的焦点坐标为(±6,0),离心率为305.因为双曲线x 25-y 2=1的焦点是椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)的顶点,且椭圆与双曲线的离心率互为倒数,所以a =6,且a 2-b 2a =306,解得b =1.故椭圆C 的方程为x 26+y 2=1.(2)因为|MN |=433>2,所以直线MN 的斜率存在.因为直线MN 在y 轴上的截距为m , 所以可设直线MN 的方程为y =kx +m . 代入椭圆的方程x 26+y 2=1中,得(1+6k 2)x 2+12kmx +6(m 2-1)=0. 因为Δ=(12km )2-24(1+6k 2)(m 2-1) =24(1+6k 2-m 2)>0, 所以m 2<1+6k 2.设M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),根据根与系数的关系得x 1+x 2=-12km1+6k 2,x 1x 2=6(m 2-1)1+6k2则|MN |=1+k 2|x 1-x 2| =1+k 2·(x 1+x 2)2-4x 1x 2 =1+k 2·⎝ ⎛⎭⎪⎫-12km 1+6k 22-24(m 2-1)1+6k 2. 因为|MN |=433,则1+k 2·⎝ ⎛⎭⎪⎫-12km 1+6k 22-24(m 2-1)1+6k 2=433. 整理得m 2=-18k 4+39k 2+79(1+k 2). 令k 2+1=t ≥1,则k 2=t -1.所以m 2=-18t 2+75t -509t =19⎣⎢⎡⎦⎥⎤75-⎝⎛⎭⎪⎫18t +50t ≤75-2×309=53.等号成立的条件是t =53,此时k 2=23,m 2=53满足m 2<1+6k 2,符合题意.故m 的最大值为153. 定义法:过圆锥曲线的焦点的弦长问题,利用圆锥曲线的定义,可优化解题点距法:将直线的方程和圆锥曲线的方程联立,求出两交点的坐标,再运用两点间距离公式求弦长弦长公式法:它体现了解析几何中设而不求的思想,其实质是利用两点之间的距离公式以及一元二次方程根与系数的关系得到的易错警示:直线与圆锥曲线的对称轴平行或垂直的特殊情况[跟踪训练] (2017·宜春中学与新余一中联考)设椭圆M :a 2+b2=1(a >b >0)的离心率与双曲线x 2-y 2=1的离心率互为倒数,且椭圆的长轴长为4.(1)求椭圆M 的方程;(2)若直线y =2x +1交椭圆M 于A ,B 两点,P (1,2)为椭圆M 上一点,求△PAB 的面积.[解] (1)由题可知,双曲线的离心率为2,则椭圆的离心率e =c a =22, 由2a =4,c a =22,b 2=a 2-c 2,得a =2,c =2,b =2, 故椭圆M 的方程为y 24+x 22=1.(2)联立方程⎩⎪⎨⎪⎧y =2x +1x 22+y 24=1,得4x 2+22x -3=0,且⎩⎪⎨⎪⎧x 1+x 2=-22x 1x 2=-34,所以|AB |=1+2|x 1-x 2|=3·(x 1+x 2)2-4x 1x 2=3·12+3=422.又P 到直线AB 的距离为d =13,所以S △PAB =12|AB |·d =12·422·13=144.(1)在椭圆x 216+y 24=1内,通过点M (1,1),且被这点平分的弦所在的直线方程为( )【导学号:79140305】A .x +4y -5=0B .x -4y -5=0C .4x +y -5=0D .4x -y -5=0(2)如图8­9­1,已知椭圆x 22+y 2=1上两个不同的点A ,B 关于直线y =mx +12对称.则实数m 的取值范围为________. (1)A (2)⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,-63∪⎝ ⎛⎭⎪⎫63,+∞ [(1)设直线与椭圆的交点为A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则⎩⎪⎨⎪⎧x 2116+y 214=1, ①x 2216+y 224=1, ②由①-②, 得(x 1+x 2)(x 1-x 2)16+(y 1+y 2)(y 1-y 2)4=0,因为⎩⎪⎨⎪⎧x 1+x 2=2,y 1+y 2=2,所以y 1-y 2x 1-x 2=-4(x 1+x 2)16(y 1+y 2)=-14, 所以所求直线方程为y -1=-14(x -1),即x +4y -5=0.(2)由题意知m ≠0,可设直线AB 的方程为y =-1m x +B .由⎩⎪⎨⎪⎧x 22+y 2=1,y =-1m x +b ,消去y ,得⎝ ⎛⎭⎪⎫12+1m 2x 2-2b m x +b 2-1=0.因为直线y =-1m x +b 与椭圆x 22+y 2=1有两个不同的交点,所以Δ=-2b 2+2+4m 2>0,①将AB 中点M ⎝ ⎛⎭⎪⎫2mbm 2+2,m 2b m 2+2代入直线方程y =mx +12,解得b =-m 2+22m 2,②由①②得m <-63或m >63.]根与系数的关系:即联立直线与圆锥曲线的方程,将其转化为一元二次方程后由根与系数的关系求解[跟踪训练两点.若P (1,1)为线段AB 的中点,则抛物线C 的方程为( ) A .y =2x 2B .y 2=2x C .x 2=2yD .y 2=-2xB [设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),抛物线方程为y2=2px ,则⎩⎪⎨⎪⎧y 21=2px 1,y 22=2px 2,两式相减可得2p =y 1-y 2x 1-x 2·(y 1+y 2)=k AB ·2=2,即可得p =1,∴抛物线C 的方程为y 2=2x .]。

数学一轮复习第8章平面解析几何第8节曲线与方程教案

数学一轮复习第8章平面解析几何第8节曲线与方程教案

曲线与方程[考试要求]1.了解方程的曲线与曲线的方程的对应关系。

2.了解解析几何的基本思想和利用坐标法研究几何问题的基本方法。

3.能够根据所给条件选择适当的方法求曲线的轨迹方程.1.曲线与方程的定义一般地,在直角坐标系中,如果某曲线C上的点与一个二元方程f(x,y)=0的实数解建立如下的对应关系:那么,这个方程叫做曲线的方程,这条曲线叫做方程的曲线.提醒:“曲线C是方程f(x,y)=0的曲线”是“曲线C上的点的坐标都是方程f(x,y)=0的解”的充分不必要条件.2.求动点的轨迹方程的基本步骤一、易错易误辨析(正确的打“√”,错误的打“×")(1)f(x0,y0)=0是点P(x0,y0)在曲线f(x,y)=0上的充要条件.()(2)方程x2+xy=x的曲线是一个点和一条直线.()(3)动点的轨迹方程和动点的轨迹是一样的.()(4)方程y=错误!与x=y2表示同一曲线.()[答案](1)√(2)×(3)×(4)×二、教材习题衍生1.到点F(0,4)的距离比到直线y=-5的距离小1的动点M 的轨迹方程为()A.y=16x2B.y=-16x2C.x2=16y D.x2=-16yC[由题意可知,动点M到点F(0,4)的距离等于到直线y =-4的距离,故点M的轨迹为以点F(0,4)为焦点,以y=-4为准线的抛物线,其轨迹方程为x2=16y。

]2.P是椭圆错误!+错误!=1上的动点,过P作椭圆长轴的垂线,垂足为M,则PM中点的轨迹方程为()A.错误!x2+错误!=1 B。

错误!+错误!y2=1C.x29+错误!=1 D.错误!+错误!=1B[设中点坐标为(x,y),则点P的坐标为(x,2y),代入椭圆方程得错误!+错误!y2=1.故选B。

]3.若过点P(1,1)且互相垂直的两条直线l1,l2分别与x轴,y轴交于A,B两点,则AB中点M的轨迹方程为________.x+y-1=0[设M的坐标为(x,y),则A,B两点的坐标分别是(2x,0),(0,2y),连接PM.∵l1⊥l2,∴|PM|=|OM|,而|PM|=错误!,|OM|=错误!。

高考数学大一轮总复习 第八章 平面解析几何 8.8 平面

高考数学大一轮总复习 第八章 平面解析几何 8.8 平面

圆锥曲线表示的曲线 椭圆
双曲线 抛物线
• 4.直线与圆锥曲线的交点
• [判一判]
基础自测
• (1)f(x0,y0)=0是点P(x0,y0)在曲线f(x,y)=0上的充要√条件。 ()
• 解析 正确。由f(x0,y0)=0可知点P(x0,y0)在曲线f(x,y) =0上,又P(x0,y0)在曲线f(x,y)=0上时,×有f(x0,y0)=0。 所以f(x0,y0)=0是P(x0,y0)在曲线f(x,y)=0上的充要条件。
• A.2x+y+1=0 B.2x-y-5=0 • C.2x-y-1=0 D.2x-y+5=0
解析 由题意知,M为PQ中点,设Q(x,y),则P为(-2-x,4-y),
代入2x-y+3=0得2x-y+5=0。
答案 D
4.(2016·银川模拟)方程(x2+y2-4) x+y+1=0 的曲线形状是( )
• 【解】 如图所示,以O1O2的中点O为原点,O1O2所在直线 为x轴建立平面直角坐标系。
由|O1O2|=4,得 O1(-2,0),O2(2,0)。 设动圆 M 的半径为 r。 则由动圆 M 与圆 O1 内切,有|MO1|=r-1; 由动圆 M 与圆 O2 外切,有|MO2|=r+2, 所以|MO2|-|MO1|=3。 所以点 M 的轨迹是以 O1,O2 为焦点,实轴长为 3 的双曲线的左支, 所以 a=32,c=2, 所以 b2=c2-a2=74, 所以点 M 的轨迹方程为49x2-47y2=1x≤-23。
• (2)方程x2+xy=x的曲线是一个点和一条直线。( ) ×
• 解析 错误。方程变形为x(x+y-1)=0,所以x=0或x+y
-1=0。故方程表示直线x=0或直线x+y-1=0。

高考数学一轮复习第8章平面解析几何第8讲曲线与方程课件理

高考数学一轮复习第8章平面解析几何第8讲曲线与方程课件理

基础知识过关
求曲线方程的基本步骤
1.概念辨析 (1)f(x0,y0)=0 是点 P(x0,y0)在曲线 f(x,y)=0 上的充要条件.( √ ) (2)方程 x2+xy=x 的曲线是一个点和一条直线.( × ) (3)到两条互相垂直的直线距离相等的点的轨迹方程是 x2=y2.( × ) (4)方程 y= x与 x=y2 表示同一曲线.( × )
设 F(1,0),M 点在 x 轴上,P 点在 y 轴上,且M→N=2M→P,P→M⊥P→F,当 点 P 在 y 轴上运动时,求点 N 的轨迹方程.
解 设 M(x0,0),P(0,y0),N(x,y),∵P→M⊥P→F,P→M=(x0,-y0),P→F= (1,-y0),∴(x0,-y0)·(1,-y0)=0,∴x0+y20=0.
解析
(2)方程 x= 1-4y2所表示的曲线是( )
A.双曲线的一部分 B.椭圆的一部分
C.圆的一部分
D.直线的一部分
答案 B
答案
解析 x= 1-4y2两边平方,可变为 x2+4y2=1(x≥0),表示的曲线为 椭圆的一部分.
解析
(3)已知点 P 是直线 2x-y+3=0 上的一个动点,定点 M(-1,2),Q 是线 段 PM 延长线上的一点,且|PM|=|MQ|,则 Q 点的轨迹方程是( )
设两切线的斜率分别为 k1,k2, 于是有 k1k2=-1,即yx2020--94=-1, 即 x20+y20=13(x0≠±3).
答案
若两切线中有一条斜率不存在, 则易得xy00= =32, 或xy00= =2-3, 或xy00= =3-,2 或xy00= =- -32, , 经检验知均满足 x20+y20=13. 因此,动点 P(x0,y0)的轨迹方程是 x2+y2=13.

高考数学一轮复习第8章平面解析几何第8讲曲线与方程知能训练轻松闯关理北师大版

高考数学一轮复习第8章平面解析几何第8讲曲线与方程知能训练轻松闯关理北师大版

第讲曲线与方程.方程(-)+(-)=表示的曲线是( ).一条直线和一条双曲线.两条双曲线.两个点.以上答案都不对解析:选.(-)+(-)=⇔故或.设圆与圆+(-)=外切,与直线=相切,则的圆心轨迹为( ).抛物线.双曲线.椭圆.圆解析:选.设圆的半径为,则圆心到直线=的距离为.由两圆外切可得,圆心到点(,)的距离为+,也就是说,圆心到点(,)的距离比到直线=的距离大,故点到点(,)的距离和它到直线=-的距离相等,符合抛物线的特征,故点的轨迹为抛物线..设点为圆(-)+=上的动点,是圆的切线,且=,则点的轨迹方程为( ) .=.(-)+=.=-.(-)+=解析:选.如图,设(,),圆心为(,).连接,则⊥,且=,又因为=,所以==,即=,所以(-)+=..(·珠海模拟)已知点(,),直线:=-,点是直线上的一点,若=,则点的轨迹方程为( ) .=-.=.=-.=+解析:选.设(,),(,),由=知,点是线段的中点,所以即因为点(,)在直线=-上,所以=-,所以-=(-)-,即=..设∈,在平面直角坐标系中,已知向量=(,+),向量=(,-),⊥,则动点(,)的轨迹为( ).两条直线.圆或椭圆.双曲线.两条直线或圆或椭圆或双曲线解析:选.因为⊥,=(,+),=(,-),所以·=+-=即+=.当=时,动点的轨迹为两条直线,=±,当=时,动点的轨迹为圆+=,当>且≠时,动点的轨迹为椭圆+=,当<时,动点的轨迹为双曲线-=..(·长春模拟)设圆(+)+=的圆心为,(, )是圆内一定点,为圆周上任一点.线段的垂直平分线与的连线交于点,则的轨迹方程为( )-=+=-=+=解析:选.因为为垂直平分线上一点,则=,所以+=+==,故的轨迹为椭圆.所以=,=,则=-=,所以椭圆的方程为+=..已知(-,),(,),则以为斜边的直角三角形的直角顶点的轨迹方程是.解析:设(,),因为△为直角三角形,所以+=,所以(+)++(-)+=,整理得,+=.因为,,不共线,所以≠±,所以轨迹方程为+=(≠±).答案:+=(≠±).已知点是圆:(+)+=上的动点,定点(,),线段的垂直平分线与直线的交点为,则点(,)的轨迹方程是.解析:依题意有=,则-==,又=>,故点的轨迹是以、为焦点的双曲线,=,=,得=,所求轨迹方程为-=.答案:-=.已知是椭圆+=(>>)上的任意一点,、是它的两个焦点,为坐标原点,=+,则动点的轨迹方程是.解析:=+,。

高考数学一轮复习 第8章 平面解析几何 第8节 曲线与方程课件 理

高考数学一轮复习 第8章 平面解析几何 第8节 曲线与方程课件 理

m= 2+1x, 解得n= 2+2 1y,
由|C→D|= 2+1,得m2+n2=( 2+1)2,
所以( 2+1)2x2+ 2+2 12y2=( 2+1)2, 整理,得曲线E的方程为x2+y22=1.
(2)设A(x1,y1),B(x2,y2), 由O→M=O→A+O→B,知点M坐标为(x1+x2,y1+y2). 由题意知,直线AB的斜率存在. 设直线AB的方程为y=kx+1,代入曲线E的方程,得 (k2+2)x2+2kx-1=0, 则x1+x2=-k22+k 2,x1x2=-k2+1 2. y1+y2=k(x1+x2)+2=k2+4 2.
已知两点M(-1,0),N(1,0)且点P使
→ MP
→ ·MN

→ PM
→ ·PN

N→M·N→P成公差小于0的等差数列,则点P的轨迹是什么曲线?
[解] 设P(x,y),由M(-1,0),N(1,0)得 P→M=-M→P=(-1-x,-y), P→N=-N→P=(1-x,-y), M→N=-N→M=(2,0), 所以M→P·M→N=2(1+x),P→M·P→N=x2+y2-1, N→M·N→P=2(1-x).
(1)f(x0,y0)=0是点P(x0,y0)在曲线f(x,y)=0上的充要条件. (2)方程x2+xy=x的曲线是一个点和一条直线.
() ()
(3)动点的轨迹方程和动点的轨迹是一样的.
()
(4)方程y= x与x=y2表示同一曲线.
()
[答案] (1)√ (2)× (3)× (4)×
2.已知M(-1,0),N(1,0),|PM|-|PN|=2,则动点P的轨迹是( )
所以|AB|-|AC|=2 2, 所以点A的轨迹为以B,C为焦点的双曲线的右支(y≠0),且a= 2,所以b= 2, 所以轨迹方程为x22-y22=1(x> 2).]

学案与评测理数北师大版(课件)第8单元 平面解析几何 第八节

学案与评测理数北师大版(课件)第8单元 平面解析几何   第八节
第八节
直线与圆锥曲线的位置关系
1. 直线与圆锥曲线的位置关系
有相交,相切,相离三种关系 判定或解题时,通常将直线方程与曲线方程联立,消去y(或x)得:ax2+bx +c=0或ay2+by+c=0. 当a≠0时,Δ>0,相交; Δ=0,相切; Δ<0,相离. 当a=0时,一个交点. 2. 弦长公式 (1)若直线的斜率为k,直线与圆锥曲线交点为A(x1,y1),B(x2,y2),则
变式 1-1
x2 y2 → |的最小值, 设点 F 为椭圆16+12=1 的左焦点,点 P 是椭圆上的动点,试求|FP 并求此时点 P 的坐标.
解析:由条件,可得 c2=a2-b2=4,故左焦点 F 的坐标为(-2,0), x2 y2 设 P(x,y)为椭圆上的动点,由于椭圆方程为16+12=1,故-4≤x≤4. 2 x 2 2 2 2 → =(x+2,y),所以|FP → | =(x+2) +y =(x+2) +12×1- 因为FP 16 1 1 =4x2+4x+16=4(x+8)2, x∈[-4,4]. 由二次函数性质可知, 当 x=-4 时, → |2 取得最小值 4.所以,|FP → |的最小值为 2,此时点 P 坐标为(-4,0). |FP
【考点升华】 求范围的方法同求最值及函数的值域的方法类似,求最值常见的解法有两 种:代数法和几何法,若题目的条件和结论能明显体现几何特征及意义,则 考虑利用图形性质来解决,若题目的条件和结论能体现一种明确的函数关系, 则可首先建立起目标函数,再求这个函数的最值,圆锥曲线中的最值问题大 致可分为两类:一是涉及距离、面积的最值以及与之相关的一些问题;二是 求直线或圆锥曲线中几何元素的最值以及这些元素存在最值时确定与之有关 .
考点二 【例 2】

高考数学一轮总复习第8章平面解析几何第8节直线与圆锥曲线的位置关系第2课时范围最值问题教师用书

高考数学一轮总复习第8章平面解析几何第8节直线与圆锥曲线的位置关系第2课时范围最值问题教师用书

第2课时 范围、最值问题考点1 范围问题——综合性(2021·梅州二模)在平面直角坐标系xOy 中,椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)的两焦点与短轴的一个端点的连线构成等边三角形,直线x +y +22-1=0与以椭圆C 的右焦点为圆心,椭圆C 的长半轴长为半径的圆相切.(1)求椭圆C 的方程;(2)△BMN 是椭圆C 的内接三角形,若坐标原点O 为△BMN 的重心,求点B 到直线MN 距离的取值范围.解:(1)设椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)的右焦点F 2(c,0),则以椭圆C 的右焦点为圆心,椭圆C 的长半轴长为半径的圆:(x -c )2+y 2=a 2,所以圆心到直线x +y +22-1=0的距离d =|c +22-1|12+12=a . 又椭圆的两焦点与短轴的一个端点的连线构成等边三角形,所以a =2c ,b =3c , 解得a =2,b =3,c =1, 所以椭圆C 的标准方程为x 24+y 23=1.(2)设B (m ,n ),设M ,N 的中点为D ,直线OD 与椭圆交于A ,B 两点. 因为O 为△BMN 的重心,则BO =2OD =OA ,所以D ⎝ ⎛⎭⎪⎫-m 2,-n 2,即B 到直线MN 的距离是原点O 到直线MN 距离的3倍.当MN 的斜率不存在时,点D 在x 轴上,所以此时B 在长轴的端点处. 由|OB |=2,得|OD |=1,则O 到直线MN 的距离为1,B 到直线MN 的距离为3.当MN 的斜率存在时,设M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),则有⎩⎪⎨⎪⎧x 214+y 213=1,x 224+y223=1,两式相减,得(x 1+x 2)(x 1-x 2)4+(y 1+y 2)(y 1-y 2)3=0.因为D 为M ,N 的中点,所以x 1+x 2=-m ,y 1+y 2=-n ,所以k =y 1-y 2x 1-x 2=-3m4n, 所以直线MN 的方程为y +n 2=-3m 4n ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +m 2,即6mx +8ny +4n 2+3m 2=0,所以原点O 到直线MN 的距离d =4n 2+3m264n 2+36m2.因为m 24+n 23=1,所以3m 2=12-4n 2, 所以d =4n 2+3m264n 2+36m2=12144+16n2=39+n2.因为0<n 2≤3,所以3<9+n 2≤23, 所以123≤19+n 2<13,所以332≤3d <3. 综上所述,332≤3d ≤3,即点B 到直线MN 距离的取值范围为⎣⎢⎡⎦⎥⎤332,3.圆锥曲线中的取值范围问题的解题策略(1)利用圆锥曲线的几何性质或联立方程后的判别式构造不等关系,从而确定参数的取值范围.(2)利用已知参数的范围,求新参数的范围,解这类问题的核心是建立两个参数之间的等量关系.(3)利用隐含的不等关系建立不等式,从而求出参数的取值范围. (4)利用已知的不等关系构造不等式,从而求出参数的取值范围.(5)利用求函数的值域的方法将待求量表示为其他变量的函数,求其值域,从而确定参数的取值范围.已知椭圆x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)上的点到右焦点F (c,0)的最大距离是2+1,且1,2a,4c成等比数列.(1)求椭圆的方程;(2)过点F 且与x 轴不垂直的直线l 与椭圆交于A ,B 两点,线段AB 的垂直平分线交x 轴于点M (m,0),求实数m 的取值范围.解:(1)由已知可得⎩⎨⎧a +c =2+1,1×4c =2a 2,a 2=b 2+c 2,解得⎩⎨⎧a =2,b =1,c =1,所以椭圆的方程为x 22+y 2=1.(2)由题意得F (1,0),设直线AB 的方程为y =k (x -1).与椭圆方程联立得⎩⎪⎨⎪⎧x 2+2y 2-2=0,y =k (x -1),消去y 可得(1+2k 2)x 2-4k 2x +2k 2-2=0,Δ=(-4k 2)2-4(2k 2-2)(1+2k 2)=8k 2+8>0.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=4k21+2k2,y 1+y 2=k (x 1+x 2)-2k =-2k1+2k2. 可得线段AB 的中点为N ⎝ ⎛⎭⎪⎫2k 21+2k 2,-k 1+2k 2.当k =0时,直线MN 为x 轴,此时m =0;当k ≠0时,直线MN 的方程为y +k1+2k 2=-1k ⎝ ⎛⎭⎪⎫x -2k 21+2k 2, 化简得ky +x -k 21+2k2=0.令y =0,得x =k 21+2k2,所以m =k 21+2k 2=11k2+2∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12. 综上所述,实数m 的取值范围为⎣⎢⎡⎭⎪⎫0,12.考点2 最值问题——应用性考向1 利用几何性质求最值在平面直角坐标系xOy 中,P 为双曲线x 2-y 2=1右支上的一个动点.若点P 到直线x -y +1=0的距离大于c 恒成立,则实数c 的最大值为___________.22解析:双曲线x 2-y 2=1的渐近线为x ±y =0,直线x -y +1=0与渐近线x -y =0平行,故两平行线间的距离d =|1-0|12+(-1)2=22,由点P 到直线x -y +1=0的距离大于c恒成立,得c ≤22,故c 的最大值为22. 考向2 利用函数、导数求最值(2022·江门市高三一模)如图,抛物线C :y 2=8x 与动圆M :(x -8)2+y 2=r 2(r >0)相交于A ,B ,C ,D 四个不同点.(1)求r 的取值范围;(2)求四边形ABCD 面积S 的最大值及相应r 的值.解:(1)联立抛物线与圆方程⎩⎪⎨⎪⎧y 2=8x ,(x -8)2+y 2=r 2,消去y ,得x 2-8x +64-r 2=0.若圆与抛物线有四个不同交点,则方程有两个不等正根.所以⎩⎪⎨⎪⎧64-r 2>0,64-4(64-r 2)>0,解得43<r <8,所以r 的取值范围为(43,8).(2)设A (x 1,22x 1),B (x 2,22x 2),其中x 2>x 1>0,则x 1+x 2=8,x 1x 2=64-r 2,S =12(42x 1+42x 2)(x 2-x 1)=(22x 1+22x 2)(x 2-x 1), S 2=8(x 1+x 2+2x 1x 2)[(x 2+x 1)2-4x 1x 2], S 2=64(4+64-r 2)[16-(64-r 2)].令x =64-r 2(0<x <4),令f (x )=(4+x )(16-x 2)(0<x <4),f ′(x )=16-8x -3x 2=(4-3x )(x +4).当0<x <43时,f ′(x )>0,f (x )单调递增;当43<x <4时,f ′(x )<0,f (x )单调递减. f (x )≤f ⎝ ⎛⎭⎪⎫43=2 04827,S =8f (x )≤25669.当x =43时,S 取得最大值,取64-r 2=43,r =4353.考向3 利用基本不等式求最值(2022·唐山三模)在直角坐标系xOy 中,A (-1,0),B (1,0),C 为动点,设△ABC的内切圆分别与边AC ,BC ,AB 相切于P ,Q ,R ,且|CP |=1,记点C 的轨迹为曲线E .(1)求曲线E 的方程;(2)不过原点O 的直线l 与曲线E 交于M ,N ,且直线y =-12x 经过MN 的中点T ,求△OMN的面积的最大值.解:(1)依题意可知,|CA |+|CB |=|CP |+|CQ |+|AP |+|BQ |=2|CP |+|AB |=4>|AB |, 所以曲线E 是以A ,B 为焦点,长轴长为4的椭圆(除去与x 轴的交点), 因此曲线E 的方程为x 24+y 23=1(y ≠0).(2)设M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),直线l 的方程为y =kx +m (m ≠0),代入x 24+y 23=1整理,得(4k 2+3)x 2+8kmx +4m 2-12=0,(*)Δ=64k 2m 2-4(4k 2+3)(4m 2-12)>0.则x 1+x 2=-8km 4k 2+3,x 1x 2=4m 2-124k 2+3,所以y 1+y 2=k (x 1+x 2)+2m =6m4k 2+3,故MN 的中点T ⎝⎛⎭⎪⎫-4km 4k 2+3,3m 4k 2+3.而直线y =-12x 经过MN 的中点T ,得3m 4k 2+3=-12×-4km4k 2+3, 又m ≠0,所以直线l 的斜率k =32.故(*)式可化简为3x 2+3mx +m 2-3=0,故x 1+x 2=-m ,x 1x 2=m 2-33.由Δ=36-3m 2>0且m ≠0,得-23<m <23且m ≠0. 又|MN |=1+k 2|x 1-x 2|=132×36-3m 23=1323×12-m 2,而点O 到直线l 的距离d =2|m |13, 则△OMN 的面积为S =12×2|m |13×1323×12-m 2=123|m |×12-m 2≤123×m 2+12-m 22=3, 当且仅当m =±6时,等号成立,此时满足-23<m <23且m ≠0,所以△OMN 的面积的最大值为3.最值问题的2种基本解法几何法根据已知的几何量之间的相互关系,利用平面几何和解析几何知识加以解决(如抛物线上的点到某个定点和焦点的距离之和、光线反射问题等在选择题、填空题中经常考查)代数法建立求解目标关于某个(或两个)变量的函数,通过求解函数的最值解决(一般方法、基本不等式法、导数法等)已知抛物线C :x 2=2py (p >0),过点T (0,p )作两条互相垂直的直线l 1和l 2,l 1交抛物线C 于A ,B 两点,l 2交抛物线C 于E ,F 两点,当点A 的横坐标为1时,抛物线C 在点A 处的切线斜率为12.(1)求抛物线C 的标准方程;(2)已知O 为坐标原点,线段AB 的中点为M ,线段EF 的中点为N ,求△OMN 面积的最小值.解:(1)因为x 2=2py 可化为y =x 22p ,所以y ′=xp.因为当点A 的横坐标为1时,抛物线C 在点A 处的切线斜率为12,所以1p =12,所以p =2,所以,抛物线C 的标准方程为x 2=4y . (2)由(1)知点T 坐标为(0,2),由题意可知,直线l 1和l 2斜率都存在且均不为0. 设直线l 1方程为y =kx +2,由⎩⎪⎨⎪⎧y =kx +2,x 2=4y ,联立消去y 并整理,得x 2-4kx -8=0,Δ=(-4k )2+32=16k 2+32>0.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=4k ,x 1·x 2=-8, 所以,y 1+y 2=k (x 1+x 2)+4=4k 2+4. 因为M 为AB 中点,所以M (2k,2k 2+2).因为l 1⊥l 2,N 为EF 中点,所以N ⎝ ⎛⎭⎪⎫-2k ,2k2+2,所以直线MN 的方程为y -(2k 2+2)=2k 2+2-⎝ ⎛⎭⎪⎫2k 2+22k +2k·(x -2k )=⎝ ⎛⎭⎪⎫k -1k ·(x -2k ), 整理得y =⎝⎛⎭⎪⎫k -1k x +4,所以,直线MN 恒过定点(0,4).所以△OMN 面积S =12×4×⎪⎪⎪⎪⎪⎪2k -⎝ ⎛⎭⎪⎫-2k =4⎪⎪⎪⎪⎪⎪k +1k =4⎝ ⎛⎭⎪⎫|k |+⎪⎪⎪⎪⎪⎪1k ≥4·2|k |·⎪⎪⎪⎪⎪⎪1k=8,当且仅当|k |=⎪⎪⎪⎪⎪⎪1k即k =±1时,△OMN 面积取得最小值为8.在平面直角坐标系xOy 中,已知圆O :x 2+y 2=4,椭圆C :x 24+y 2=1,A 为椭圆C 的右顶点,过原点且异于x 轴的直线与椭圆C 交于M ,N 两点,M 在x 轴的上方,直线AM 与圆O 的另一交点为P ,直线AN 与圆O 的另一交点为Q .(1)若AP →=3AM →,求直线AM 的斜率;(2)设△AMN 与△APQ 的面积分别为S 1,S 2,求S 1S 2的最大值.[四字程序]读想算思已知圆的方程和椭圆的方程,直线与圆、椭圆都相交 1.向量AP →=3AM →如何转化?2.如何表示三角形的面积把S 1S 2用直线AM 的斜率k 来表示 转化与化归求直线AM 的斜率,求△AMN 与△APQ 的面1.用A ,P ,M 的坐标表示.S 1S 2=|AM |·|AN ||AP |·|AQ |,进把面积之比的最大值转化为一个变量的不积之比2.利用公式S =12ab ·sin C 表示并转化而用基本不等式求其最大值等式思路参考:设直线AM 的方程为y =k (x -2),k <0,利用y P =3y M 求解.解:(1)设直线AM 的方程为y =k (x -2),k <0,将y =k (x -2)与椭圆方程x 24+y 2=1联立,(1+4k 2)x 2-16k 2x +16k 2-4=0,得x A +x M =16k21+4k2,求得点M 的横坐标为x M =8k 2-24k 2+1,纵坐标为y M =-4k4k 2+1.将y =k (x -2)与圆方程x 2+y 2=4联立,得(1+k 2)·x 2-4k 2x +4k 2-4=0,得x A +x P =4k21+k2, 求得点P 的横坐标为x P =2k 2-2k 2+1,纵坐标为y P =-4kk 2+1. 由AP →=3AM →得y P =3y M , 即-4k k 2+1=-12k4k 2+1. 又k <0,解得k =-2.(2)由M ,N 关于原点对称,得点N 的坐标为x N =-8k 2+24k 2+1,y N =4k4k 2+1,所以直线AN 的斜率为k AN =4k4k 2+1-8k 2+24k 2+1-2=-14k. 于是|AM ||AP |=y M y P =k 2+14k 2+1,同理|AN ||AQ |=⎝ ⎛⎭⎪⎫-14k 2+14⎝ ⎛⎭⎪⎫-14k 2+1=16k 2+116k 2+4.所以S 1S 2=|AM |·|AN ||AP |·|AQ |=k 2+14k 2+1·16k 2+116k 2+4=16k 4+17k 2+14(16k 4+8k 2+1) =14⎝ ⎛⎭⎪⎫1+9k 216k 4+8k 2+1=14⎝⎛⎭⎪⎪⎫1+916k 2+1k2+8 ≤14⎝⎛⎭⎪⎪⎫1+9216k 2·1k 2+8=2564, 当且仅当16k 2=1k 2,即k =-12时等号成立,所以S 1S 2的最大值为2564.思路参考:设直线AM 的方程为y =k (x -2),k <0,由AP →=3AM →转化为x P -x A =3(x M -x A )求解.解:(1)设直线AM 的方程为y =k (x -2),k <0,代入椭圆方程,整理得(4k 2+1)x 2-16k 2x +4(4k 2-1)=0.由根与系数的关系得x A x M =4(4k 2-1)4k 2+1,而x A =2,所以x M =2(4k 2-1)4k 2+1. 将y =k (x -2)代入圆的方程,整理得(k 2+1)x 2-4k 2x +4(k 2-1)=0.由根与系数的关系得x A x P =4(k 2-1)k 2+1,而x A =2,所以x P =2(k 2-1)k 2+1.由AP →=3AM →,得x P -x A =3(x M -x A ),即2(k 2-1)k 2+1-2=3⎣⎢⎡⎦⎥⎤2(4k 2-1)4k 2+1-2,解得k 2=2. 又k <0,所以k =-2.(2)因为MN 是椭圆的直径,直线AM ,AN 斜率均存在,所以k AM k AN =-14,即kk AN =-14,所以k AN =-14k.下同解法1(略).思路参考:设直线AM 的方程为x =my +2,利用y P =3y M 求解.解:(1)设直线AM 的方程为x =my +2(m ≠0),将其代入椭圆方程,整理得(m 2+4)y 2+4my =0,得点M 的纵坐标为y M =-4mm 2+4. 将x =my +2代入圆的方程,整理得(m 2+1)y 2+4my =0,得点P 的纵坐标为y P =-4mm 2+1. 由AP →=3AM →,得y P =3y M ,即m m 2+1=3m m 2+4.因为m ≠0,解得m 2=12,即m =±12.又直线AM 的斜率k =1m<0,所以k =-2.(2)因为MN 是椭圆的直径,直线AM ,AN 斜率均存在,又k AM k AN =-14,由(1)知k AM =1m ,所以有1m k AN =-14,则k AN =-m4.又y M =-4m m 2+4,y P =-4mm 2+1, 所以|AM ||AP |=y M y P =m 2+1m 2+4.同理|AN ||AQ |=⎝ ⎛⎭⎪⎫-m 42+14⎝ ⎛⎭⎪⎫-m 42+1=m 2+164(m 2+4).所以S 1S 2=|AM |·|AN ||AP |·|AQ |=m 2+1m 2+4·m 2+164(m 2+4).下同解法1(略).1.本题考查三角形面积之比的最大值,解法较为灵活,其基本策略是把面积的比值表示为斜率k 的函数,从而求其最大值.2.基于新课程标准,解答本题一般需要具备良好的数学阅读技能、运算求解能力.本题的解答体现了数学运算的核心素养.已知点A (0,-2),椭圆E :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的离心率为32,F 是椭圆的右焦点,直线AF 的斜率为233,O 为坐标原点.(1)求椭圆E 的方程;(2)设过点A 的直线l 与E 相交于P ,Q 两点,当△OPQ 的面积最大时,求l 的方程.解:(1)设F (c,0),由题意知2c =233,解得c =3.因为e =ca =32, 所以a =2,b 2=a 2-c 2=1. 所以椭圆E 的方程为x 24+y 2=1.(2)(方法一)显然直线l 的斜率存在.设直线l :y =kx -2,P (x 1,y 1),Q (x 2,y 2),且P 在线段AQ 上.由⎩⎪⎨⎪⎧y =kx -2,x 2+4y 2-4=0得(4k 2+1)x 2-16kx +12=0,所以x 1+x 2=16k 4k 2+1,x 1x 2=124k 2+1.由Δ=(16k )2-48(4k 2+1)>0,得k 2>34.则S △OPQ =S △AOQ -S △AOP=12×2×|x 2-x 1|=(x 1+x 2)2-4x 1x 2=44k 2-34k 2+1. 令4k 2-3=t (t >0),则4k 2=t 2+3,于是S △OPQ =4t t 2+4=4t +4t≤1,当且仅当t =2,即k =±72时等号成立,所以l 的方程为y =72x -2或y =-72x -2. (方法二)依题意直线l 的斜率存在,设直线l 的方程为y =kx -2,P (x 1,y 1),Q (x 2,y 2).将直线l 的方程代入椭圆方程,整理得(4k 2+1)x 2-16kx +12=0,则Δ=(16k )2-48(4k 2+1)=16(4k 2-3)>0,即k 2>34.x 1+x 2=16k 4k 2+1,x 1x 2=124k 2+1.由弦长公式得|PQ |=1+k 2|x 1-x 2|=1+k 2·(x 1+x 2)2-4x 1x 2=1+k 2·44k 2-34k 2+1.由点到直线的距离公式得点O 到直线l 的距离d =21+k2,所以S △OPQ =12|PQ |×d =121+k 2×44k 2-34k 2+1×21+k 2=44k 2-34k 2+1. 设4k 2-3=t (t >0),则4k 2=t 2+3,所以S △OPQ =4t t 2+4=4t +4t≤1,当且仅当t =2,即k =±72时等号成立.7 2x-2或y=-72x-2.故所求直线l的方程为y=。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

第八节 曲线与方程[考纲传真] (教师用书独具)1.了解方程的曲线与曲线的方程的对应关系.2.了解解析几何的基本思想和利用坐标法研究几何问题的基本方法.3.能够根据所给条件选择适当的方法求曲线的轨迹方程.(对应学生用书第146页)[基础知识填充]1.曲线与方程一般地,在直角坐标系中,如果某曲线C (看作满足某种条件的点的集合或轨迹)上的点与一个二元方程f (x ,y )=0的实数解建立了如下的关系:(1)曲线上点的坐标都是这个方程的解. (2)以这个方程的解为坐标的点都是曲线上的点.那么,这条曲线叫作方程的曲线;这个方程叫作曲线的方程. 2.求动点轨迹方程的一般步骤(1)建立适当的坐标系,用有序实数对(x ,y )表示曲线上任意一点M 的坐标. (2)写出适合条件p 的点M 的集合P ={M |p (M )}. (3)用坐标表示条件p (M ),列出方程f (x ,y )=0. (4)化方程f (x ,y )=0为最简形式.(5)说明以化简后的方程的解为坐标的点都在曲线上.3.圆锥曲线的共同特征圆锥曲线上的点到一个定点的距离与它到一条定直线的距离之比为定值e . (1)当0<e <1时,圆锥曲线是椭圆. (2)当e >1时,圆锥曲线是双曲线. (3)当e =1时,圆锥曲线是抛物线.4.两曲线的交点设曲线C 1的方程为f 1(x ,y )=0,曲线C 2的方程为g (x ,y )=0,则(1)曲线C 1,C 2的任意一个交点坐标都满足方程组⎩⎪⎨⎪⎧f 1(x ,y )=0,g (x ,y )=0.(2)反之,上述方程组的任何一组实数解都对应着两条曲线某一个交点的坐标.[基本能力自测]1.(思考辨析)判断下列结论的正误.(正确的打“√”,错误的打“×”)(1)f (x 0,y 0)=0是点P (x 0,y 0)在曲线f (x ,y )=0上的充要条件.( ) (2)方程x 2+xy =x 的曲线是一个点和一条直线.( )(3)动点的轨迹方程和动点的轨迹是一样的.( ) (4)方程y =x 与x =y 2表示同一曲线.( )[解析] 对于(2),由方程得x (x +y -1)=0,即x =0或x +y -1=0,所以方程表示两条直线,错误;对于(3),前者表示方程,后者表示曲线,错误;对于(4),曲线y =x 是曲线x =y 2的一部分,错误.[答案] (1)√ (2)× (3)× (4)×2.(教材改编)已知点F ⎝ ⎛⎭⎪⎫14,0,直线l :x =-14,点B 是l 上的动点.若过点B 垂直于y 轴的直线与线段BF 的垂直平分线交于点M ,则点M 的轨迹是( ) A .双曲线 B .椭圆 C .圆D .抛物线D [由已知|MF |=|MB |,根据抛物线的定义知,点M 的轨迹是以点F 为焦点,直线l 为准线的抛物线.]3.已知点F (0,1),直线l :y =-1,P 为平面上的动点,过点P 作直线l 的垂线,垂足为Q ,且QP →·QF →=FP →·FQ →,则动点P 的轨迹C 的方程为( )A .x 2=4y B .y 2=3x C .x 2=2yD .y 2=4xA [设点P (x ,y ),则Q (x ,-1). ∵QP →·QF →=FP →·FQ →,∴(0,y +1)·(-x,2)=(x ,y -1)·(x ,-2), 即2(y +1)=x 2-2(y -1),整理得x 2=4y , ∴动点P 的轨迹C 的方程为x 2=4y .故选A .]4.已知△ABC 的顶点B (0,0),C (5,0),AB 边上的中线长|CD |=3,则顶点A 的轨迹方程为__________.(x -10)2+y 2=36(y ≠0) [设A (x ,y ),则D ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2,y2 ∴|CD |=⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2-52+y 24=3, 化简得(x -10)2+y 2=36,由于A ,B ,C 三点构成三角形, ∴A 不能落在x 轴上,即y ≠0.]5.过椭圆x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)上任意一点M 作x 轴的垂线,垂足为N ,则线段MN 中点的轨迹方程是________.x 2a 2+4y 2b 2=1 [设MN 的中点为P (x ,y ),则点M (x,2y ),又点M 在椭圆上,∴x 2a2+(2y )2b 2=1,即所求的轨迹方程为x 2a 2+4y 2b2=1.](对应学生用书第147页)设F (1,0),M 点在x 轴上,P 点在y 轴上,且MN →=2MP →,PM →⊥PF →,当点P 在y 轴上运动时,求点N 的轨迹方程.【导学号:79140299】[解] 设M (x 0,0),P (0,y 0),N (x ,y ), ∵PM →⊥PF →,PM →=(x 0,-y 0),PF →=(1,-y 0), ∴(x 0,-y 0)·(1,-y 0)=0,∴x 0+y 20=0. 由MN →=2MP →得(x -x 0,y )=2(-x 0,y 0),∴⎩⎪⎨⎪⎧x -x 0=-2x 0,y =2y 0,即⎩⎪⎨⎪⎧x 0=-x ,y 0=12y ,∴-x +y 24=0,即y 2=4x .故所求的点N 的轨迹方程是y 2=4x .的轨迹方程为( ) A .y 2=2x B .(x -1)2+y 2=4 C .y 2=-2xD .(x -1)2+y 2=2(2)已知M (-2,0),N (2,0),则以MN 为斜边的直角三角形的直角顶点P 的轨迹方程为( ) A .x 2+y 2=2 B .x 2+y 2=4 C .x 2+y 2=2(x ≠±2)D .x 2+y 2=4(x ≠±2)(1)D (2)D [(1)如图,设P (x ,y ),圆心为M (1,0).连接MA ,PM ,则MA ⊥PA ,且|MA |=1,又∵|PA |=1,∴|PM |=|MA |2+|PA |2=2,即|PM |2=2, ∴(x -1)2+y 2=2.(2)设P (x ,y ),∵△MPN 为以MN 为斜边的直角三角形, ∴|MP |2+|NP |2=|MN |2,∴(x +2)2+y 2+(x -2)2+y 2=16, 整理得x 2+y 2=4.∵M ,N ,P 不共线,∴x ≠±2,∴轨迹方程为x 2+y 2=4(x ≠±2),故选D .]如图8­8­1所示,已知点C 为圆(x +2)2+y 2=4的圆心,点A (2,0).P 是圆上的动点,点Q 在圆的半径CP 所在的直线上,且MQ →·AP →=0,AP →=2 AM →.当点P 在圆上运动时,求点Q 的轨迹方程.图8­8­1[解] 由(x +2)2+y 2=4知圆心C (-2,0),半径r =2. ∵MQ →·AP →=0,AP →=2AM →, ∴MQ ⊥AP ,点M 为AP 的中点, 因此QM 垂直平分线段AP . 如图,连接AQ ,则|AQ |=|QP |,∴||QC |-|QA ||=||QC |-|QP ||=|CP |=2. 又|AC |=22>2,根据双曲线的定义,点Q 的轨迹是以C (-2,0),A (2,0)为焦点,实轴长为2的双曲线.由c =2,a =1,得b 2=1, 因此点Q 的轨迹方程为x 2-y 2=1.若将本例中的条件“圆C 的方程(x +2)2+y 2=4”改为“圆C 的方程(x +2)2+y 2=16”,其他条件不变,求点Q 的轨迹方程.[解] 由(x +2)2+y 2=16知圆心C (-2,0),半径r =4.∵MQ →·AP →=0,AP →=2 AM →, ∴QM 垂直平分AP ,连接AQ , 则|AQ |=|QP |,∴|QC |+|QA |=|QC |+|QP |=r =4.根据椭圆定义,点Q 的轨迹是以C (-2,0),A (2,0)为焦点,长轴长为4的椭圆. 由c =2,a =2,得b = 2. 因此点Q 的轨迹方程为x 24+y 22=1.[规律方法] 定义法求轨迹方程的方法、关键及注意点 1求轨迹方程时,若动点与定点、定线间的等量关系满足圆、椭圆、双曲线、抛物线的定义,则可直接根据定义先确定轨迹类型,再写出其方程. 2关键:理解解析几何中有关曲线的定义是解题关键.3利用定义法求轨迹方程时,还要看所求轨迹是否是完整的圆、椭圆、双曲线、抛物线,的轨迹方程是( ) A .x =-4 B .x =4 C .y 2=8xD .y 2=16x(2)已知A (-5,0),B (5,0),动点P 满足|PB →|,12|PA →|,8成等差数列,则点P 的轨迹方程为________.(1)D (2)x 216-y 29=1(x ≥4) [(1)依题意可知点M 到点F 的距离等于点M 到直线x=-4的距离,因此点M 的轨迹是抛物线,且顶点在原点,焦点在x 轴正半轴上,p =8,所以点M 的轨迹的方程为y 2=16x ,故选D . (2)由已知得|PA →|-|PB →|=8,所以点P 的轨迹是以A ,B 为焦点的双曲线的右支, 且a =4,b =3,c =5,所以点P 的轨迹方程为x 216-y 29=1(x ≥4).](·全国卷Ⅱ)设O 为坐标原点,动点M 在椭圆C :x 22+y 2=1上,过M 作x 轴的垂线,垂足为N ,点P 满足NP →=2NM →.(1)求点P 的轨迹方程;(2)设点Q 在直线x =-3上,且OP →·PQ →=1.证明:过点P 且垂直于OQ 的直线l 过C 的左焦点F .[解] (1)设P (x ,y ),M (x 0,y 0), 则N (x 0,0),NP →=(x -x 0,y ),NM →=(0,y 0). 由NP →=2NM →得x 0=x ,y 0=22y .因为M (x 0,y 0)在C 上,所以x 22+y 22=1.因此点P 的轨迹方程为x 2+y 2=2.(2)证明:由题意知F (-1,0).设Q (-3,t ),P (m ,n ),则 OQ →=(-3,t ),PF →=(-1-m ,-n ),OQ →·PF →=3+3m -tn , OP →=(m ,n ),PQ →=(-3-m ,t -n ).由OP →·PQ →=1得-3m -m 2+tn -n 2=1, 又由(1)知m 2+n 2=2,故3+3m -tn =0. 所以OQ →·PF →=0,即OQ →⊥PF →.又过点P 存在唯一直线垂直于OQ ,所以过点P 且垂直于OQ 的直线l 过C 的左焦点F .[规律方法] “相关点法”求轨迹方程的基本步骤 1设点:设被动点坐标为x ,y ,主动点坐标为x 1,y 1.2求关系式:求出两个动点坐标之间的关系式⎩⎪⎨⎪⎧x 1=f (x ,y ),y 1=g (x ,y ).3代换:将上述关系式代入已知曲线方程,便可得到所求动点的轨迹方程.[跟踪训练] (·武汉模拟)P 是椭圆a 2+b2=1上的任意一点,F 1,F 2是它的两个焦点,O 为坐标原点,有一动点Q 满足OQ →=PF 1→+PF 2→,则动点Q 的轨迹方程是__________.【导学号:79140300】x 24a 2+y 24b2=1 [作P 关于O 的对称点M ,连接F 1M ,F 2M ,则四边形F 1PF 2M 为平行四边形,所以PF 1→+PF 2→=PM →=-2OP →. 又OQ →=PF 1→+PF 2→, 所以OP →=-12OQ →.设Q (x ,y ),P (x 0,y 0),则x 0=-x 2,且y 0=-y2,又点P (x 0,y 0)在椭圆x 2a 2+y 2b2=1上,则有⎝ ⎛⎭⎪⎫-x 22a 2+⎝ ⎛⎭⎪⎫-y 22b 2=1,即x 24a 2+y 24b2=1.]。

相关文档
最新文档