2017届高考物理二轮复习·专题复习(练习)·专题一力与直线运动3：含解析

训练3牛顿运动定律及其应用一、选择题(本大题共8小题，每小题8分，共64分．第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．)

1．如图所示，两定滑轮通过天花板固定在同一竖直平面的同一高度处，小球A 的质量为2m，小球B和C的质量均为m，B、C两球到结点P的轻绳长度相等，滑轮摩擦不计．当B、C两球以某角速度ω在水平面内做圆锥摆运动时，A球将()

A．向上加速运动B．向下加速运动

C．保持静止D．上下振动

解析：B球、C球和两根轻绳整体受重力和竖直轻绳向上的拉力，设整体下降的加速度为a，根据牛顿第二定律，有2mg －T＝2ma，对A球受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律，有T－2mg＝2ma，联立两式解得a＝0，即A球将保持静止，处于平衡状态．故选C.

答案：C

如图所示，带支架的平板小车水平向左做直线运动，小球A用细线悬挂于支架

为研究对象，受力分析如图，根据牛顿第二定律得

，方向水平向右．再对

小球上升过程中，由牛顿第二＋k v＝ma，故随速度的减小，

4．如图所示，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有()

A．两图中两球加速度均为g sinθ

B．两图中A球的加速度均为零

C．图乙中轻杆的作用力一定不为零

D．图甲中B球的加速度是图乙中B 球加速度的2倍

解析：撤去挡板前，挡板对B球的弹力大小为2mg sinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B 球所受合力为2mg sinθ，加速度为2g sinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B球所受合力均为mg sinθ，加速度均为g sinθ，故图甲中B球的加速度是图乙中B球加速度的2倍，故A、B、C错误，D正确．

B．0.3mg

．0.2mg

沿水平和竖直两个方向分

6．如图甲所示，用一水平外力F拉着一个静止在倾角为α的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，若重力加速度g取10 m/s2，则根据图乙所提供的信息可以计算出()

A．加速度从2 m/s2增加到6 m/s2的过程中物体的速度变化量

B．斜面的倾角

C．物体的质量

D．加速度为6 m/s2时物体的速度

解析：因为物体做变加速运动，所以无法根据公式求得某时刻的速度及速度变化量，选项A、D错误；由题图乙可知，当F＝0时，有mg sinα＝ma，解得斜面的倾角α＝37°，当F＝15 N时，a＝0，则F cosα＝mg sinα，可得m＝2 kg，选项B、C正确．答案：BC

7.

、B两物块的质量分别为，静止叠放在水平地面上．

A．传送带顺时针转动

B．t1时刻，滑块相对传送带滑动的距离达到最大

C．0～t2时间内，滑块受到的摩擦力方向先向右后向左

D．0～t2时间内，滑块受到恒定的摩擦力作用

解析：从题图乙可以判断，滑块先向左做减速运动，再向右做加速运动，之后向右匀速运动，所以传送带顺时针转动，A 正确；滑块向左减速过程，所受摩擦力向右，向右加速过程，滑块相对传送带向左运动，所受摩擦力向右，所以t2时刻滑块相对传送带滑动的距离达到最大，B、C错误，D正确．

答案：AD

二、计算题(本大题共2小题，共36分．需写出规范的解题步骤)

9．如图所示，质量M＝1 kg的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数μ1＝0.1，在木板的左端放置一

＝5 kg的物块

的作用下正沿某一水平面向

物块在6 s末距初始位置的距离：Δx ＝x2－(x0＋x1)＝12.5 m－(5 m＋5.5 m)＝2 m.

答案：(1)0.5(2)2 m