高一物理下册 机械能守恒定律专题练习(解析版)
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一、第八章 机械能守恒定律易错题培优(难)
1.如图所示,竖直墙上固定有光滑的小滑轮D ,质量相等的物体A 和B 用轻弹簧连接,物体B 放在地面上,用一根不可伸长的轻绳一端与物体A 连接,另一端跨过定滑轮与小环C 连接,小环C 穿过竖直固定的光滑均匀细杆,小环C 位于位置R 时,绳与细杆的夹角为θ,此时物体B 与地面刚好无压力。图中SD 水平,位置R 和Q 关于S 对称。现让小环从R 处由静止释放,环下落过程中绳始终处于拉直状态,且环到达Q 时速度最大。下列关于小环C 下落过程中的描述正确的是( )
A .小环C 、物体A 和轻弹簧组成的系统机械能不守恒
B .小环
C 下落到位置S 时,小环C 的机械能一定最大
C .小环C 从位置R 运动到位置Q 的过程中,弹簧的弹性势能一定先减小后增大
D .小环C 到达Q 点时,物体A 与小环C 的动能之比为cos 2
θ
【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】
A .在小环下滑过程中,只有重力势能与动能、弹性势能相互转换,所以小环C 、物体A 和轻弹簧组成的系统机械能守恒,选项A 错误;
B .小环
C 下落到位置S 过程中,绳的拉力一直对小环做正功,所以小环的机械能一直在增大,往下绳的拉力对小环做负功,机械能减小,所以在S 时,小环的机械能最大,选项B 正确;
C .小环在R 、Q 处时弹簧均为拉伸状态,且弹力大小等于B 的重力,当环运动到S 处,物体A 的位置最低,但弹簧是否处于拉伸状态,不能确定,因此弹簧的弹性势能不一定先减小后增大,选项C 错误;
D .在Q 位置,环受重力、支持力和拉力,此时速度最大,说明所受合力为零,则有
cos C T m g θ=
对A 、B 整体,根据平衡条件有
2A T m g =
故
2cos C A m m θ=
在Q点将小环v速度分解
可知
cos
A
v vθ
=
根据动能2
1
2
k
E mv
=可知,物体A与小环C的动能之比为
2
2
1
cos
2
12
2
A
A
A
k
kQ
C
m v
E
E m v
θ
==
选项D正确。
故选BD。
2.如图所示,两个质量均为m的小滑块P、Q通过铰链用长为L的刚性轻杆连接,P套在
固定的竖直光滑杆上,Q放在光滑水平地面上,轻杆与竖直方向夹角α=30°.原长为
2
L
的轻弹簧水平放置,右端与Q相连,左端固定在竖直杆O点上。P由静止释放,下降到最低点时α变为60°.整个运动过程中,P、Q始终在同一竖直平面内,弹簧在弹性限度内,忽略一切摩擦,重力加速度为g。则P下降过程中()
A.P、Q组成的系统机械能守恒
B.P、Q的速度大小始终相等
C
31
-
mgL
D.P达到最大动能时,Q受到地面的支持力大小为2mg
【答案】CD
【解析】
【分析】
【详解】
A.根据能量守恒知,P、Q、弹簧组成的系统机械能守恒,而P、Q组成的系统机械能不守恒,选项A错误;
B.在下滑过程中,根据速度的合成与分解可知
cos sin
P Q
v v
αα
=
解得
tan
P
Q
v
v
α
=
由于α变化,故P、Q的速度大小不相同,选项B错误;
C.根据系统机械能守恒可得
(cos30cos60)
P
E mgL
=︒-︒
弹性势能的最大值为
31
P
E mgL
-
=
选项C正确;
D.P由静止释放,P开始向下做加速度逐渐减小的加速运动,当加速度为零时,P的速度达到最大,此时动能最大,对P、Q和弹簧组成的整体受力分析,在竖直方向,根据牛顿第二定律可得
200
N
F mg m m
-=⨯+⨯
解得
F N=2mg
选项D正确。
故选CD。
3.在机场和火车站对行李进行安全检查用的水平传送带如图所示,当行李放在匀速运动的传送带上后,传送带和行李之间的滑动摩擦力使行李开始运动,随后它们保持相对静止,行李随传送带一起匀速通过检测仪检查,设某机场的传送带匀速前进的速度为0.4 m/s,某行李箱的质量为5 kg,行李箱与传送带之间的动摩擦因数为0.2,当旅客把这个行李箱小心地放在传送带上的A点,已知传送带AB两点的距离为1.2 m ,那么在通过安全检查的过程中,g取10 m/s2,则().
A.开始时行李箱的加速度为0.2 m/s2
B.行李箱从A点到达B点时间为3.1 s
C.传送带对行李箱做的功为0.4 J
D.传送带上将留下一段摩擦痕迹,该痕迹的长度是0.04 m
【答案】BCD
【解析】
【详解】
行李开始运动时由牛顿第二定律有:μmg=ma ,所以得:a="2" m/s 2,故A 错误;物体加速到与传送带共速的时间10.40.22v t s s a =
==,此时物体的位移:110.042
x vt m ==,则物体在剩下的x 2=1.2m-0.04m=1.96m 内做匀速运动,用时间2
2 2.9x t s v
=
=,则行李箱从A 点到达B 点时间为t=t 1+t 2="3.1" s ,选项B 正确;行李最后和传送带最终一起匀速运动,根据动能定理知,传送带对行李做的功为:W=12
mv 2
="0.4" J ,故C 正确;在传送带上留下的痕迹长度为:0.04?22
vt vt
s vt m =-
==,故D 正确.故选BCD .
4.如图所示,一个半径和质量不计的定滑轮O 固定在天花板上,物块B 和A 通过轻弹簧栓接在一起,竖直放置在水平地面上保持静止后,再用不可伸长的轻绳绕过滑轮连接物块A 和C ,物块C 穿在竖直固定的细杆上,OA 竖直,OC 间距l =3m 且水平,此时A 、C 间轻绳刚好拉直而无作用力。已知物块A 、B 、C 质量均力2 kg 。不计一切阻力和摩擦,g 取10m/s 2。现将物块C 由静止释放,下滑h =4m 时物块B 刚好被提起,下列说法正确的是
A .弹簧的劲度系数为20 N/m
B .此过程中绳子对物块A 做的功为60J
C .此时物块A 速度的大小为10
m/s 41
D .绳子对物块C 做功的大小等于物块A 动能的增加量 【答案】AC 【解析】 【详解】
A .初始时弹簧处于压缩状态,弹力等于A 的重力。
B 刚好被提起时,弹簧处于伸长状态,弹簧的弹力等于B 的重力。由几何关系得,弹簧共伸长了2m 。物块B 刚好被提起时弹簧的的形变量为:
25m 3m x =-
kx mg =
解得弹簧的劲度系数为:
20N/m k =