河南省中原名校即豫南九校2020学年高一物理下学期第一次联考试题答案

参考答案
一、选择题(本题共10小题，每小题5分．其中1~7小题给出的选项中只有一项符合题目要
求，8~10小题给出的选项中有多项符合题目要求，多选题全部选对的得5分，选对但 不全的得3分，有选错的得0分)
1．【答案】A ．
【解析】运动是物体的自然属性，并不需要力来维持，选项A 错误，B 正确；力产生的效果是改变物体的运动状态，即改变速度，而不是物体运动的原因.选项C 正确；如果物体不受力，其运动状态不变，即速度不变，选项D 正确．
2．【答案】B ．
【解析】加速度是速度的变化和所用时间的比值，即a ＝Δv Δt
.加速度为零，速度变化也为零，但速度不一定为零，加速度不为零，速度可能为零，故A 、C 选项错误；质点速度变化率越大，则加速度越大，B 选项正确；位移是矢量，是由初始位置指向终止位置的有向线段，如果质点做往复运动或曲线运动，位移的方向与质点运动的方向可能不一致，故D 选项错误．
3．【答案】B ．
【解析】他们同时从起跑线起跑且均做匀速直线运动，故他们运动的xt 关系图象均是经过原点的倾斜直线，斜率大小代表速度大小；而vt 关系图线是平行于横轴的直线，由题图4可知，v 乙>v 甲，故选项B 正确．
4．【答案】C ．
【解析】由F ＝ma 可知加速度a 与合外力F 同向，且大小成正比，故Ft 图象与at 图线
变化趋势应一致，故选项A 、B 均错误；当速度与加速度a 同向时，物体做加速运动，加速度a 是定值时，物体做匀变速直线运动，故选项C 正确，D 错误．
5．【答案】D ．
【解析】金属件做平抛运动，竖直方向做自由落体运动时间为t ，由21=gt 2
h ，得时间t=0.7s,若以60km/h 的速度行驶，水平位移s=vt=11.67m>10.5m,所以卡车没有超速.或算出卡车实际车速为54km/h ，所以D 正确。

6．【答案】C ．
【解析】画示意图如图所示，把汽车从A →E 的末速度为0的匀减速直线运动，逆过来转
换为从E →A 的初速度为0的匀加速直线运动来等效处理，由于逆过来前后，加速度大小相同，故逆过来前后的运动位移、速度时间均具有对称性．所以知汽车在相等时间内发生的位移之比为1∶3∶5∶…，把时间间隔分为0.5 s ，所以x DE ∶x CD ∶x BC ∶x AB ＝1∶8∶16∶24，所以x AB ∶x AC ∶x AD ＝3∶5∶6.选项C 正确．
7．【答案】B ．
【解析】小球只受重力和杆的弹力作用．杆的弹力F 的竖直分量与重力平衡，水平分量
产生加速度，即F 竖直＝mg ，F 水平＝ma ，所以B 正确．
9．【答案】ABC.
【解析】A ．蜡块在竖直方向做匀速直线运动，在水平方向向右做匀加速直线运动，根据
题中的数据画出的轨迹如图所示.
B.由于玻璃管向右为匀加速平移，根据Δx ＝at 2可求得加速度，由题中数据可得：Δx
＝5.0cm ，相邻时间间隔为1s ，则a ＝Δx t
2＝5×10－2m/s 2，由运动的独立性可知，竖直方向的速度为v y ＝y t ＝0.1m/s.水平方向做匀加速直线运动，2s 时蜡块在水平方向的速度为
v x ＝at ＝0.1m/s ，则2s 时蜡块的速度：v ＝v 2
x ＋v 2y ＝210
m/s.所以D 错误。

10．【答案】BD ．
【解析】用整体法进行分析，以物体和斜面为研究对象，整体处于平衡状态，共受四个
作用力：两物体的总重力、沿斜面向上的拉力F 、地面的支持力、地面的静摩擦力，静摩擦力方向水平向左．因为总重力大小等于地面的支持力与拉力沿竖直方向的分力的合力，所以支持力小于总重力，B 、D 正确．
11．【答案】（1）d 6－d 410T
（2）见解析图 0.40 （3）不变.每空1.5分，总分不得小分。

【解析】（1）利用“中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度”求F 点的速度，可得v F ＝d 6－d 410T
； （2）用描点法作出v-t 图象如图所示，由图线的斜率求出加速度a ＝Δv Δt
＝0.40 m/s 2； （3）电网中交变电流的电压变化，并不改变电火花计时器的周期，故测量值与实际值相比不变．
12．【答案】（1）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 （2）否（3）1 每空2分。

【解析】（1）a-F 图象与横轴交点为(0.1,0)，说明施加外力在0.1 N 之内小车和传感器没有加速度，说明实验前没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足．
（2）因传感器可直接测出小车和传感器受到的拉力，因此不需要保证砂和桶的质量远小于小车和传感器的总质量．
（3）aF 图象斜率为1m
，由图知图象斜率k ＝1，则小车和传感器的总质量为1 kg. 13．【答案】（1）2 m/s 2 （2）1 s.
【解析】（1）由v 20＝2ax 推知，图线“斜率”为12a
， （2分） 所以滑块下滑的加速度大小a ＝2 m/s 2. （2分）
（2）由图象可知，当滑块的初速度为4 m/s 时，滑块刚好滑到斜面最低点．设滑块在斜面上的滑动时间为t ，
则x ＝v 0t －12
at 2， （2分） 即：4＝5t －12
×2t 2， 解得t ＝1 s ，t ＝4 s(舍去)． （2分）
14．【答案】 （1）mg （2）2mg （3）3mg
【解析】 （1）因OB 绳处于竖直方向，所以B 球处于平衡状态，AB 绳上的拉力为零，OB 绳对小球的拉力F OB ＝mg . （2分）
（2）A 球在重力mg 、水平拉力F 和OA 绳的拉力F OA 三力作用下平衡，所以OA 绳对小球
的拉力F OA ＝mg cos 60°
＝2mg . （3分） （3）作用力F ＝mg tan 60°＝3mg . （3分）
15．【答案】 （1）不能 （2）4.5 s
【解析】（1）物体滑上传送带运动的加速度大小为a ＝μg ＝5 m/s 2， （1分） 故物体从滑上传送带到速度为0滑动的距离为：
x ＝v 22a ＝102
2×5 m ＝10 m<12 m ，
所以物体不能到达传送带左端A 点．
（2分） （2）物体从滑上传送带到速度为0运动时间为：
t 1＝v a ＝105 s ＝2 s ，
（2分） 随后物体向右做匀加速运动到与传送带速度相等所用时间为：
t 2＝v 0a ＝5
5 s ＝1 s ， （2分） 此过程中物体向右的位移为x 1＝v 202a ＝52
2×5 m ＝2.5 m ，
（1分） 然后物体随传送带一起做匀速运动到右端所用时间为：
t 3＝x －x 1v 0
＝10－2.5
5 s ＝1.5 s ，
（1分） 故物体在传送带上运动的时间为：
t ＝t 1＋t 2＋t 3＝(2＋1＋1.5) s ＝4.5 s.
（1分） 16．【答案】（1）2 m/s 2 0.5 m/s 2 （2）1 s （3）2.1 m.
【解析】（1）小物块的加速度a m ＝μg ＝2 m/s 2
，
（
1分） 小车的加速度a M ＝F －μmg
M ＝0.5 m/s 2.
（2分） （2）由a m t ＝v 0＋a M t ，解得：t ＝1 s.
（2分） （3）从小物块放上小车开始1 s 内，小物块的位移
s 1＝12
a m t 2＝1 m ， （2分） 1 s 末小物块的速度v ＝a m t ＝2 m/s （1分） 在接下来的0.5 s 内小物块与小车相对静止，一起做加速运动，且加速度 a ＝F M ＋m
＝0.8 m/s 2， （1分） 这0.5 s 内小物块的位移s 2＝vt 1＋12
at 21＝1.1 m ， （2分） 小物块1.5 s 内通过的总位移s ＝s 1＋s 2＝2.1 m. （1分）。