大学生数学竞赛真题(非数学类)

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第三届全国大学数学竞赛初赛(非数学专业)真题及参考解析

第三届全国大学数学竞赛初赛(非数学专业)真题及参考解析

第三届全国大学数学竞赛初赛(非数学专业)试卷一、计算下列各题(本题共4个小题,每题6分,共24分)1. 220(1)(1ln(1))lim xx x e x x →+--+。

【解析】:因为22ln(1)22(1)(1ln(1))(1ln(1))x xxx e x ee x xx++--+--+=22022ln(1)ln(1)22220002222000ln(1)lim ,2ln(1)21lim lim lim 11ln(1)1lim 2lim 2lim 2x x x xx x x x x x x e x e xx e e e x e e x x xx x x e e ex x →++-→→→→→→+=+---==-+-+===- 所以220(1)(1ln(1))lim0xx x e x x→+--+= 【注】可以考虑洛必达法则、带皮亚诺余项的麦克劳力公式,具体参见视频解析!2. 设2coscoscos222n na θθθ=⋅⋅⋅,求lim n n a →∞。

【解析】:若0θ=,则lim 1n n a →∞=。

若0θ≠,则当n 充分大,使得022nθπ<<时,2222221cos cos coscos cos cossin2222222sin 211sin cos cos cos sin 22222sin 2sin 22n n nn nn n n n n a θθθθθθθθθθθθθθθ--=⋅⋅⋅=⋅⋅⋅⋅⋅=⋅⋅⋅⋅⋅=从而有,sin sin lim lim 2sin 2n n n n na θθθθ→∞→∞==。

3. 求sgn(1)Dxy dxdy -⎰⎰,其中{}(,)|02,02D x y x y =≤≤≤≤。

【解析】:设11(,)|0,022D x y x y ⎧⎫=≤≤≤≤⎨⎬⎩⎭,1233122321211(,)|2,0,211(,)|2,2,2112ln 2,32ln 2,sgn(1)24ln 2.D D D DD D D D x y x y x D x y x y x dxdxdy dxdy x xy dxdy dxdy dxdy ⎧⎫=≤≤≤≤⎨⎬⎩⎭⎧⎫=≤≤≤≤⎨⎬⎩⎭=+=+=--=-=-⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰【注】由积分的几何意义,积分等于2倍3D 矩形的面积减去矩形的面积,具体分析参见解析视频。

第十届全国大学生数学竞赛预赛非数学类参考答案官方版

第十届全国大学生数学竞赛预赛非数学类参考答案官方版

1 cos x cos x(1 cos 2 x 3 cos 3x ) 1 cos x cos 2 x 3 cos 3x ) lim 2 x 0 x 0 x2 x2 x

1 cos 2 x 1 1 cos 2 x 3 cos 3 x 1 cos 2 x (1 3 cos 3x ) lim lim 2 x 0 x2 2 x 0 x2 x2 1 (cos 2 x 1) 1 1 3 (cos 3x 1) 1 1 lim 2 x 0 x2 x2
中 | AB | 表示线段 AB 的长度.
证明:作辅助函数 (t ) f ( x1 t ( x2 x1 ), y1 t ( y2 y1 )) ,----------2 分 显然 (t ) 在[0,1]上可导.根据拉格朗日中值定理,存在 c (0,1) ,使得
f (u , v) f (u , v) ------8 分 ( x2 x1 ) ( y2 y1 ) u v f (u , v) f (u , v) | (1) (0) || f ( x2 , y2 ) f ( x1 , y1 ) || ( x2 x1 ) ( y2 y1 ) | u v

rdrd
0
2
1 9 r
r 2 dz d
0
2
2 2
0
2 2 r 3 ( 9 r 2 1)dr (124 35 ) 5 5 256 ------12 分 3
2
( x
(V )
2
y 2 )dV ( x 2 y 2 )dV ( x 2 y 2 )dV ( x 2 y 2 )dV

第十一届中国大学生数学竞赛决赛(非数学类)试题参考答案及评分标准-零蛋大LaTeX版

第十一届中国大学生数学竞赛决赛(非数学类)试题参考答案及评分标准-零蛋大LaTeX版

P .1 C 2 ; 3 C
/ 处的切线方程为
51
y
D
x 2
C
2
2x/ 所确定, 则曲线 y D y.x/ 在点 .
4
解. 对方程 3x y D 2 arctan.y 2x/ 两边求导, 得
y0 2
3
y0
D
2 1
C
.y
2x/2 :
将点
P
的坐标代入,
得曲线
y
D f .x/

P
点的切线斜率为
y0
D
5. 2
Z1 Œf 0.x/2 dx
0
Z1
8
0
f .x/ dx
C
4 3
D
0;
则 f .x/ D 2x 2x2 .
解. 法 I. 因为
Z
1
f .x/ dx
分部积分
HHHHHHH
Z1 xf 0.x/ dx;
Z1 f 0.x/ dx D 0;
0
0
0
座位号
考场号
密封线 答题时不要超过此线
姓名
且 R01.4x2
4x
Þ
省市
得分 阅卷人
二、(本题 12 分) 求极限:
lim
p n
1
n!1
Xn
!
1 p
.
kD1 n C k
解.

I.

an
D
p n
1
Xn
!
1 p
,则
kD1 n C k
p Xn  1
an D n
n
kD1
1 Ã Xn
p k
1 Xn p

第13届全国大学生数学竞赛非数学类初赛试卷参考答案(2021年)

第13届全国大学生数学竞赛非数学类初赛试卷参考答案(2021年)

第十三届全国大学生数学竞赛初赛 《非数学类》试题及参考解答一、填空题(每小题6分,共30分) 1、极限lim x.【答案】:0【参考解答】:原式lim10xx xe2、设(,)z z x y 是由方程2sin(23)23x y z x y z 所确定的二元隐函 数,则z zx y.【参考解答】:将方程两边分别关于x 和y 求偏导,得2cos(23)13132cos(23)2323z z x y z x x z z x y z y y按1cos(23)2x y z和12两种情形,都可解得: 12,.33z z x y 因此1.z zx y3、设函数()f x 连续,且(0)0f ,则02()()d lim()d xxx x t f t tx f x t t.【参考解答】:令x t u ,则0()d ()d xxf x t t f u u. 于是由洛必达法则和积分中值定理,得00002()d 2()d 2()d 2()2()limlim()d ()d ()2()d 2()limlim1()()()d ()xxxxxx x x xx x x f t t tf t tf t t xf x xf x x f u u f u u xf x f t txf xf xf x f u u xf x 原式其中 介于0,x 之间.4、过三条直线120,0,:,:2,20,x x L L y z x y z与3:0x L y z的圆柱面方程为 .【答案】: 222224x y z yz 【参考解答】:三条直线的对称式方程分别为1221102:,:01101111:11x y z x y z L L y z L 所以三条直线平行. 在1L 上取点1(0,1,1)P ,过该点作与三直线都垂直的平面0y z ,分别交23,L L于点23(0,1,1),0,0)P P . 易知经过这三点的圆的圆心为(0,0,0)O . 这样,所求圆柱面的中心轴线方程为011x y z. 设圆柱面上任意点的坐标为(,,)Q x y z ,因为点Q,所以有化简即得所求圆柱面的方程为222224x y z yz . 5、记 22(,)D x y x y∣,则22sin cos d d D x y x y.【答案】:【参考解答】:根据重积分的对称性, 得222222222222200sin cos d d sin cos d d 11sin cos sin cos d d sin d d 221sin d cos 22D D D D x y x y y x x yx y y x x y x y x yd r r r原式二、(14分) 设12021x , 212120210(1)nn n x x x n . 证明数列 n x 收敛, 并求极限limn n x. 【参考解答】:记1011,1n n a y x ,函数()(0)2x af x x x,则12y a 且 1(1).n n y f y n 易知,当x()x f x所以 n y 是单调减少且有下界的数列,因而收敛. 由此可知 n x 收敛.令lim n n y A,则0A 且()A f A,解得A因此lim 1n n x.三、(14分) 设()f x 在[0,) 上是有界连续函数,证明:方程1413()y y y f x 的每一个解在[0,) 上都是有界函数.【参考解答】:易得对应的齐次方程14130y y y 的通解为1312x xy C e C e 又 由1413()y y y f x 得13()y y y y f x .令1y y y ,则1113()y y f x,解得1313130()d x x t y e f t e t C. 同理,由1413()y y y f x ,得1313()y y y y f x .令213y y y ,则22()y y f x ,解得240()d x xt y ef t e t C. 取340C C ,得131300()d ,13()d .x x t x x t y y e f t e t y y e f t e t 由此解得原方程的一个特解为 *13130011()d ()d 1212x x x t x t y e f t e t e f t e t因此,原方程的通解为131313120011()d ()d .1212x x xxx tx t y C e C e e f t e t e f t e t 因为()f x 在[0,) 上有界,所以,存在0M ,使得|()|,0f x M x注意到当[0,)x 时,1301,01x x e e ,所以131313120131312001312121211||()d ()d 1212|||d d 1212111212137||||||12121378xxx x x t x t x x x t x tx x y C e C e e f t e t e f t e tM M C C e e t e e t M MC C e e M MM C C C C∣∣对于方程的每一个确定的解,常数12,C C 是固定的,所以,原方程的每一个解都是有界的.四、(14分) 对于4次齐次函数444222222123456(,,)333f x y z a x a y a z a x y a y z a x z 计算曲面积分(,,)d f x y z S,其中222:1x y z .【参考解答】:因为(,,)f x y z 为4次齐次函数,所以对t R ,恒有4(,,)(,,)f tx ty tz t f x y z对上式两边关于t 求导,得3123(,,)(,,)(,,)4(,,)xf tx ty tz yf tx ty tz zf tx ty tz t f x y z 取1t ,得(,,)(,,)(,,)4(,,).x y z xf x y z yf x y z zf x y z f x y z 设曲面 上点(,,)x y z 处的外法线方向的方向余弦为(cos ,cos ,cos ) ,则cos ,cos ,cos x y z因此由高斯公式和轮换对称性,记222:1x y z ,得2214621(,,)d (,,)(,,)(,,)d 411cos cos cos dS d d d d d d 441(,,)(,,)(,,)d 43222x y z x y z x y z xx yy zz f x y z S xf x y z yf x y z zf x y z S f f f f y z f z x f x y f x y z f x y z f x y z Vx a a a y a a24535666212222201161=2d d d d sin d 45i i i i ii a z a a a Va x y z V a a五、(14分) 设函数()f x 在闭区间[,]a b 上有连续的二阶导数,证明:21221lim ()d ()2()()().24n b a n k b a k n f x x f a b a n n b a f b f a 【参考解答】:记()(21)(),,1,2,,2k k k b a k b a x a a k n n n. 将()f x 在1,k k x x 上展开成泰勒公式,得2()2k k k k k f f x f f x x其中1,,k k k x x x 介于0和x 之间. 于是11111212121()d ()2()d d 21d 2kk kk k k nbn ak nx k x k nx k k k k x k nx k k x k b a k B f x x f a b a n n f x f xf f x x x f x x设()f x 在1,k k x x 上的最大值和最小值分别为,k k M m ,因为1323()d 12k k x k x b a x x n 因为()f x 在[,]a b 上连续,所以()f x 在[,]a b 上可积. 根据定积分10()d f x x 的定义及牛顿-莱布尼兹公式,得11lim lim ()d ()()n nk k n n k k bab a b am M n n f x x f b f a再根据夹逼准则, 得22()lim ()().24n n b a n B f b f a六、(14分) 设 n a 与 n b 均为正实数列,满足:111a b 且12,2,3,n n n b a b n .又设 n b 为有界数列,证明级数1211nn a a a收敛,并求该级数的和. 【参考解答】:首先,注意到111a b ,且121nn n n b a b b所以当2n 时,有1223222111.n n n a a a b b b b由于 n b 有界,故存在0M ,使得当1n 时,恒有0n b M . 因此111122312220111210,n n n n b a a a b b b n M根据夹逼准则,12lim0nn nb a a a .考虑级数1211nn a a a的部分和n S ,当2n 时,有 112112121121121221112131222nnk k k n kk k k n k k n k k nk a b b S a a a a a a a b b b a a a a a a a a a所以3lim 2n n S ,这就证明了级数1211nn a a a收敛,且其和为32.。

大学生数学竞赛(非数)试题及答案

大学生数学竞赛(非数)试题及答案

大学生数学竞赛(非数学类)试卷及标准答案考试形式: 闭卷 考试时间: 120 分钟 满分: 100 分.一、填空(每小题5分,共20分).计算)cos 1(cos 1lim 0x x x x --+→= .(2)设()f x 在2x =连续,且2()3lim2x f x x →--存在,则(2)f = . (3)若tx x xt t f 2)11(lim )(+=∞→,则=')(t f .(4)已知()f x 的一个原函数为2ln x ,则()xf x dx '⎰= .(1)21. (2) 3 . (3)te t 2)12(+ . (4)C x x +-2ln ln 2. 二、(5分)计算dxdy xy D⎰⎰-2,其中1010≤≤≤≤y x D ,:.解:dxdy x y D⎰⎰-2=dxdy y x x y D )(21:2-⎰⎰<+⎰⎰≥-22:2)(x y D dxdy x y -------- 2分 =dy y x dx x )(2210-⎰⎰+dy x y dx x)(12102⎰⎰- -------------4分姓名:身份证号所在院校:年级专业线封密注意:1.所有答题都须写在此试卷纸密封线右边,写在其它纸上一律无效. 2.密封线左边请勿答题,密封线外不得有姓名及相关标记.=3011-------------5分.三、(10分)设)](sin[2x f y =,其中f 具有二阶 导数,求22dxyd .解:)],(cos[)(222x f x f x dxdy'=---------------3分 )](sin[)]([4)](cos[)(4)](cos[)(222222222222x f x f x x f x f x x f x f dxy d '-''+'=-----7分=)]}(sin[)]([)](cos[)({4)](cos[)(222222222x f x f x f x f x x f x f '-''+'---------10分.四、(15分)已知3123ln 0=-⋅⎰dx e e a x x ,求a 的值. 解:)23(232123ln 0ln 0xa x ax x e d e dx e e ---=-⋅⎰⎰---------3分 令t e x =-23,所以dt t dx e e aax x ⎰⎰--=-⋅231ln 02123---------6分 =a t 231233221-⋅-------------7分=]1)23([313--⋅-a ,-----------9分 由3123ln 0=-⋅⎰dx e e a x x ,故]1)23([313--⋅-a =31,-----------12分即3)23(a -=0-----------13分 亦即023=-a -------------14分所以23=a -------------15分.五、(10分)求微分方程0=-+'x e y y x 满足条件e yx ==1的特解.解:原方程可化为xe y x y x=+'1-----------2分这是一阶线性非齐次方程,代入公式得⎥⎦⎤⎢⎣⎡+⎰⋅⎰=⎰-C dx e x e e y dxx xdx x 11----------4分=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+⋅⎰-C dx e x e ex x xln ln ----------5分 =[]⎰+C dx e x x 1-----------6分 =)(1C e xx+.---------------7分 所以原方程的通解是)(1C e xy x +=.----------8分再由条件e yx ==1,有C e e +=,即0=C ,-----------9分因此,所求的特解是xe y x=.----------10分.六(10分)、若函数()f x 在(,)a b 内具有二阶导数,且123()()()f x f x f x ==,其中123a x x x b <<<<,证明:在13(,)x x 内至少有一点ξ,使()0f ξ'=。

第十一届全国大学生数学竞赛(非数学类)试题

第十一届全国大学生数学竞赛(非数学类)试题

第十一届全国大学生数学竞赛(非数学类)试题参考解答及评分标准一、填空题(每小题6分)1. sin 014x x →=.解:sin sin 00x x x x x →→→=- sin 1/31/30022(e 1)1sin 1limlim 444422x x x x x x →→-=+-=⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 2. 设隐函数()y y x =由方程22()y x y x -=所确定,则232ln ||dx y y C y x x=-+⎰. 解:令y tx =,则21(1)x t t =-,1(1)y t t =-,3223(1)tdx dt t t -+=-, 这样,223332ln ||2ln ||dx t y ydt t t C C y t x x-+==-+=-+⎰⎰. 3. 定积分220(1sin )1cos x e x dx e xππ+=+⎰.解:222000(1sin )sin 1cos 1cos 1cos x xx e x e xdx dx de xx x πππ+=++++⎰⎰⎰ 2222200sin cos (1cos )+sin 1cos 1cos (1cos )xxxe xe x x x dx e dx x x x πππ+=+-+++⎰⎰2222000sin 1cos 1cos 1cos xxx e xe edx dx e x x x ππππ=+-=+++⎰⎰. 4. 已知22(,)323ydx xdy du x y x xy y -=-+,则1(,)()C 3x u x y y =-+. 解:22(,)323ydx xdy du x y x xy y -=-+21()233()3xd x yx x y y y ==--+().所以,1(,)()C 3x u x y y =-+.5. 设,,,0a b c μ>,曲面xyz μ=与曲面2222221x y z a b c ++=相切,则μ=.解:根据题意有:22x yz a λ=,22y xz b λ=,22zxy c λ=,以及 222x a μλ=,222y b μλ=,222z c μλ=,从而得:32228a b cλμ=,32μλ=,联立解得:μ=二、(14分)计算三重积分22d d d Ω+⎰⎰⎰xyzx y z x y,其中Ω是由曲面2222()2++=x y z xy 围成的区域在第一卦限部分.解:采用“球面坐标”计算,并利用对称性,得ππ3224222sin cos sin cos 2d d sin d sin I ρϕθθϕθϕρϕρρϕ=⎰⎰ -------5分ππ342002sin cos d sin cos d d θθθϕϕϕρρ=⎰⎰ππ3354202sin cos d sin cos d θθθϕϕϕ=⎰⎰ -------10分ππ354201sin 2d sin d(sin )4θθϕϕ=⎰⎰π3201121sin d 4848372t t ==⋅=⎰. -------14分 三、(14分)设()f x 在[0,)+∞上可微,(0)0f =,且存在常数0A >,使得|()||()|f x A f x '≤在[0,)+∞上成立,试证明:在(0,)+∞上有()0f x ≡.证明:设01[0,]2x A ∈,使得01|()|max |()|[0,]2f x f x x A ⎧⎫=∈⎨⎬⎩⎭, -------5分 000011|()||(0)+()||()||()|22f x f f x A f x f x A ξ'=≤=,只有0|()|0f x =. 故当 1[0,]2x A∈时,()0f x ≡. -------12分 递推可得,对所有的1[,]22k kx A A-∈,1,2,k =,均有()0f x ≡. -------14分四、(14分)计算积分2sin (cos sin )0sin I d e d ππθφφφθθ-=⎰⎰解:设球面 Σ:x 2+y 2+z 2=1, 由球面参数方程sin cos x θφ=,sin sin y θφ=,cos z θ=知sin dS d d θθφ=,所以,所求积分可化为第一型曲面积分I =∬e x−ydS Σ-------4分 设平面P t :√2=t,−1≤t ≤1,其中t 为平面P t 被球面截下部分中心到原点距离.用平面P t 分割球面Σ,球面在平面P t ,P t+dt 之间的部分形如圆台外表面状,记为Σt,dt .被积函数在其上为 e x−y =e √2t . -------8分由于Σt,dt 半径为r t =√1−t 2,半径的增长率为 d√1−t 2=√1−t 2 就是 Σt,dt 上下底半径之差. 记圆台外表面斜高为ℎt ,则由微元法知 dt 2+(d √1−t 2)2=ℎt 2, 得到ℎt =√1−t 2 ,所以 Σt,dt 的面积为 dS =2πr t ℎt =2πdt, -------12分I =∫e √2t 1−12πdt =√2√2t |−11=√2π(e √2−e −√2). -------14分 五、(14分)设()f x 是仅有正实根的多项式函数,满足 0()()n n n f x c x f x +∞='=-∑. 试证:0n c >,(0n ≥),极限lim n ()f x 的最小根. 证明:由f (x )为仅有正实根的多项式,不妨设()f x 的全部根为 0<a 1<a 2<⋯<a k ,这样,f (x )=A (x −a 1)r 1⋯(x −a k )r k ,其中 r i 为对应根a i 的重数 (i =1,⋯,k,r k ≥1). -------2分f ′(x )=Ar 1(x −a 1)r 1−1⋯(x −a k )r k +⋯+Ar k (x −a 1)r 1⋯(x −a k )r k −1,所以,f ′(x )=f (x )(r 1x−a 1+⋯+rkx−a k),从而, −f ′(x)f(x)=r 1a 1∙11−xa 1+⋯+r k a k∙11−x a k.-------6分若|x |<a 1, 则 −f ′(x)f(x)=r 1a 1∙∑(xa1)n∞n=0+⋯+r k a k∙∑(xak)n∞n=0=∑(r 1a 1n+1+⋯+r k a kn+1)∞n=0x n .而 −f ′(x)f(x)=∑c n x n∞n=0,由幂级数的唯一性知c n =r 1a 1n+1+⋯+r kak n+1>0, ------9分c ncn+1=r 1a 1n+1+⋯+r k a kn+1r 1a 1n+2+⋯+r k a kn+2=a 1∙r 1+⋯+(a1a k)n+1r kr 1+⋯+(a 1a k)n+2r k.limn→∞c nc =a 1∙r 1+0+⋯+0r +0+⋯+0=a 1>0, limn→∞c n+1c =1a , -----12分limn→∞1n ∙(ln c2c1+⋯+ln c n+1c n)=ln 1a 1,√c n n=elnc nn=elnc 1n +1n (ln c 2c 1+⋯+ln cn+1c n)→eln1a 1=1a 1.从而,lim√c nn=a 1,即f (x )的最小正根. -----14分六、(14分)设函数()f x 在[0, )+∞上具有连续导数,满足22223[3()]()2[1()]-'+=+x f x f x f x e ,且(0)1≤f .证明:存在常数0>M ,使得[0,)∈+∞x 时,恒有()≤f x M .证明:由于()0'>f x ,所以()f x 是[0, )+∞上的严格增函数,故+lim ()→∞=x f x L (有限或为+∞). 下面证明 ≠+∞L . -----2分记()=y f x ,将所给等式分离变量并积分得 222232d d (1)3-+=+⎰⎰x y y e x y ,即 2222arctan d 13-+=++⎰x t y y e t C y , ------6分 其中2(0)2arctan (0)1(0)=++f C f f . ------8分若=+∞L ,则对上式取极限→+∞x ,并利用2d 2+∞-=⎰t e t ,得π3=-C .-----10分 另一方面,令2()2arctan 1=++ug u u u ,则2223()>0(1)+'=+u g u u ,所以函数()g u 在(, )-∞+∞上严格单调增加. 因此,当(0)1≤f 时,1π((0))(1)2+=≤=C g f g , 但2π1π22+>>C ,矛盾, 这就证明了+lim ()→∞=x f x L 为有限数.最后,取max{(0),}=M f L ,则|()|≤f x M ,[0,)∀∈+∞x . -----14分。

第三届全国大学生数学竞赛决赛试题(非数学类)+答案

第三届全国大学生数学竞赛决赛试题(非数学类)+答案

第三届全国大学生数学竞赛决赛试题(非数学类)+答案第三届全国大学生数学竞赛决赛试卷(非数学类,2012)本试卷共2页,共6题。

全卷满分100分。

考试用时150分钟。

一、(本大题共5小题,每小题6分,共30分)计算下列各题(要求写出重要步骤).(1) xx xx x x 222220sin cos sin lim -→解:x x x x x x 222220sin cos sin lim -→4222220cos sin lim x xx x x x x -+-=→2040)c o s 1)(cos 1(lim ))(sin (sin lim x x x x x x x x x x +-++-=→→221261?+?-=32=(2) [()]61311tan 21lim x e xx x x x +--++∞→解: [()]61311tan 21lim x e xx x xx +--++∞→ (令x t 1=)362201)t a n 21(l i m t t e t t t t t +--+=+→3620111)21(lim t t e t t t +-+-+=+→ 3201)21(l i m t e t tt -+=+→2206)22(lim te t t t t ++=+→+∞=(3) 设函数),(y x f 有二阶连续偏导数, 满足0222=+-yy y xy y x yy x f f f f f f f 且0≠y f ,),(z x y y =是由方程),(y x f z =所确定的函数. 求22xy解:依题意有,y 是函数,x 、z 是自变量。

将方程),(y x f z =两边同时对x 求导, x y ffyx+=0,则 yx f f x y-=??,于是 ()yx f f x x y -=??222)()(yyy yx x yxxx y f x yf f f x y f f f ??+-??+-=2)()(yyx yy yx x yx yxxx y f f f f f f f f f f f ----=3222yyyy xy y x yy x f f f f f f f f +--=0=(4) 求不定积分()dx e xx I x x 111+-+=?解:()dx e x x dx eI xx xx 12111++-+=?xx x x xdedx e 11+++=?()xx xe d 1+?=C xexx +=+1(5) 求曲面az y x =+22和222y x a z +-=)0(>a 所围立体的表面积解:联立az y x =+22,222y x a z +-=,解得两曲面的交线所在的平面为a z =,它将表面分为1S 与2S 两部分,它们在xoy 平面上的投影为222:a y x D ≤+,在1S 上 dxdy a y a x dS 2222441++=dxdy a y x a 2222)(4++=在2S 上 dxdy yx y y x x dS 2222221++++=dxdy 2= 则 d x d y ay x a S D )2)(4(2222+++=??22202024a r d r a r a d a πθπ+=?? )26155(2+-=a π 二、(本题13分)讨论dx xx x x220sin cos α+?∞+的敛散性,其中α是一个实常数. 解:记 xx x xx f 22sin cos )(α+=① 若0≤α,)1(2)(>?≥x xx f ;则dx x x x x 220sin cos α+?∞+发散② 若20≤<α,则11≤-α,而)1(2)(1≥?≥-x x x f α;所以dx xx x x220sin cos α+?∞+发散。

第九届全国大学生数学竞赛初赛非数学类试题word版可编辑

第九届全国大学生数学竞赛初赛非数学类试题word版可编辑

2017年 第九届全国大学生数学竞赛预赛试卷(非数学类) 一、填空题(每小题5分,满分30分)1. 已知可导函数f (x )满足⎰+=+x x tdt t f x xf 01sin )(2)(cos ,则()f x =_________. 2. 求⎪⎭⎫ ⎝⎛+∞→n n n 22sin lim π. 3. 设(,)w f u v =具有二阶连续偏导数,且==+u x cy v x cy -,,其中c 为非零常数. 则21xx yy w w c-=_________. 4. 设()f x 有二阶导数连续,且(0)'(0)0,"(0)6f f f ===,则240(sin )lim x f x x→=____. 5. 不定积分sin 2sin 2(1sin )x e x I dx x -=-⎰=________.6. 记曲面222z x y =+和z =围成空间区域为V ,则三重积分Vzdxdydz ⎰⎰⎰=___________.二、(本题满分14分) 设二元函数(,)f x y 在平面上有连续的二阶偏导数. 对任何角度α,定义一元函数()(cos ,sin )g t f t t =ααα.若对任何α都有(0)0dg dtα=且22(0)0d g dt α>. 证明)0,0(f 是(,)f x y 的极小值.三、(本题满分14分) 设曲线Γ为在2221x y z ++=,1x z +=,0,0,0x y z ≥≥≥上从(1,0,0)A 到(0,0,1)B 的一段. 求曲线积分⎰Γ++=xdz zdy ydx I .四、(本题满分15分) 设函数()0f x >且在实轴上连续,若对任意实数t ,有||()1t x e f x dx +∞---∞≤⎰,则,()a b a b ∀<,2()2b a b a f x dx -+≤⎰. 五、(本题满分15分) 设{}n a 为一个数列,p 为固定的正整数。

全国大学生高等数学竞赛真题及答案(非数学类)无答案

全国大学生高等数学竞赛真题及答案(非数学类)无答案

2009年 第一届全国大学生数学竞赛预赛试卷一、填空题(每小题5分,共20分)1.计算=--++⎰⎰y x yx x yy x Dd d 1)1ln()(____________,其中区域D 由直线1=+y x 与两坐标轴所围成三角形区域.2.设)(x f 是连续函数,且满足⎰--=2022d )(3)(x x f x x f , 则=)(x f ____________.3.曲面2222-+=y x z 平行平面022=-+z y x 的切平面方程是__________.4.设函数)(x y y =由方程29ln )(y y f e xe =确定,其中f 具有二阶导数,且1≠'f ,则=22d d xy________________.二、(5分)求极限xenx x x x ne e e )(lim 20+++→ ,其中n 是给定的正整数.三、(15分)设函数)(x f 连续,⎰=10d )()(t xt f x g ,且A xx f x =→)(lim,A 为常数,求)(x g '并讨论)(x g '在0=x 处的连续性.四、(15分)已知平面区域}0,0|),{(ππ≤≤≤≤=y x y x D ,L 为D 的正向边界,试证:(1)⎰⎰-=---Lx y Lx yx ye y xe x ye y xed d d d sin sin sin sin ;(2)2sin sin 25d d π⎰≥--Ly yx ye y xe .五、(10分)已知x x e xe y 21+=,xx exe y -+=2,xx x e e xe y --+=23是某二阶常系数线性非齐次微分方程的三个解,试求此微分方程.六、(10分)设抛物线c bx ax y ln 22++=过原点.当10≤≤x 时,0≥y ,又已知该抛物线与x 轴及直线1=x 所围图形的面积为31.试确定c b a ,,,使此图形绕x 轴旋转一周而成的旋转体的体积最小.七、(15分)已知)(x u n 满足),2,1()()(1 =+='-n e x x u x u x n n n, 且neu n =)1(, 求函数项级数∑∞=1)(n nx u之和.八、(10分)求-→1x 时, 与∑∞=02n n x 等价的无穷大量.2010年 第二届全国大学生数学竞赛预赛试卷一、(25分,每小题5分) (1)设22(1)(1)(1),nn x a a a =+++其中||1,a <求lim .n n x →∞(2)求21lim 1x xx ex -→∞⎛⎫+ ⎪⎝⎭。

第13届非数学类决赛试题参考解答

第13届非数学类决赛试题参考解答

第十三届全国大学生数学竞赛决赛试题及参考解答(非数学类, 2023年3月25日)一、 填空题(本题满分30分,每小题6分)(1)已知a 和b 均为非零向量,且1=|b |,a 和b 的夹角,4π=a b ,则极限0||||limx x x→+−=a b a .【解】 利用条件:1=|b |,,4π=a b,得|||cos ,|⋅==a b a b |a b a ,所以222222||2||x x x x ++⋅+++a b a a b b a a .因此00||||lim lim x x x x →→+−=a b ax →. (2)极限20ln(1)lim 2xx x x →+−=. 【解】 利用L ’Hospital 法则,得2ln(1)1lim2x x x x →−+=,所以 222[ln(1)]ln(1)00ln(1)ln(1)lim 2lim 1x x x xx x x x x x x x e x x −+−+→→+−+−=+=.(3)积分=.【解】 作变换sec x θ=,则3344sec tan d d sec tan 3412ππππθθθπππθθθ===−=∫∫.(4)设函数()=y y x 由参数方程222,11=++t t x yt t 确定,则曲线()=y y x 在点23,处的曲率κ=.【解】 易知,对应点23,的参数=t . 利用参数方程求导法则,得2d 2d 1=−y t x t ,223223d 2(1)d (1)+=−y t x t . 所以,当=t时,d d =−y x ,223223d 2(1)227d (1)+==−×−y t x t ,因此曲线()=y y x 在23,处的曲率2κ.(5)设D是由曲线1=及两坐标轴围成的平面薄片型物件,其密度函数为(,)ρ=x y ,则薄片物件D 的质量=M .【解】d =+∫∫DMx y . 利用二重积分的对称性,得2(1203d 3d 3d =∫∫∫DM x y x yx .作变量代换:=t ,得1222013d 6(1)d 5==−=∫∫M x t t x . 二、(本题满分12分) 求区间[0,1]上的连续函数()f x ,使之满足1()1(1)()d (1)()d x xf x x yf y y x y f y y =+−+−∫∫.【解】 根据题设条件及等式可推知,函数()f x 在[0,1]上二阶可导,且(0)(1)1f f ==. ------------ 4分对等式两边求导,得1()()d (1)()(1)()d (1)()xxf x yf y y x xf x y f y y x x f x ′=−+−+−−−∫∫1()d (1)()d x xyf y y y f y y =−+−∫∫,再对上式两边求导得 ()()(1)()()f x xf x x f x f x ′′=−−−=−,即 ()()0f x f x ′′+=. ------------ 4分这是二阶常系数齐次线性微分方程,易知其通解为 12()cos sin f x C x C x =+.分别取0x =和1x =代入上式,得11C =,21cos11tan sin12C −==,因此所求函数为 1()cos tan sin 2f x x x =+⋅ (01)x ≤≤. ------------ 4分三、 (本题满分12分) 设曲面∑是由锥面x =,平面1x =,以及球面2224x y z ++=围成的空间区域的外侧表面,计算曲面积分: 222()()d d ()d d d d f x I x y z y z x z y f xz y x z y f Σ=++ +++ ∫∫ , 其中()f u 是具有连续导数的奇函数.【解】 设2()f y P x x +=,2()f z Q y x +=,2()f z R z y +=,则[](()()2)P Q Rx y z y x y xy f yz zf ′′+∂∂∂++=+++∂∂∂. 因为奇函数()f u 的导数是偶函数,所以()()f xy f yz ′′+关于y 是偶函数.------------ 4分记Ω是以Σ为边界曲面的有界区域,根据Gauss 公式,并结合三重积分的对称性,得d d d 2d d d P Q R Ix y z x x y z x y z ΩΩ∂∂∂=++= ∂∂∂ ∫∫∫∫∫∫ ------------ 4分222410cos 2d d cos sin d ππϕθϕρϕρϕρ⋅∫∫∫44017cos sin 16d 4cos 22ππππϕϕϕπϕ=−=−=∫. ------------ 4分四、 (本题满分12分) 设()f x 是以2π为周期的周期函数,且,00,0()f x x x x ππ<< = −≤≤,试将函数()f x 展开成Fourier 级数,并求级数121(1)n n n −∞=−∑之和.【解】 函数()f x 在点(21)(012)x k k π=+=±±,,, 处不连续,在其他点处连续,根据收敛定理可知,()f x 的Fourier 级数收敛,并且当(21)x k π≠+时级数收敛于()f x ,当(21)x k π=+时级数收敛于(0)(0)22f f πππ−−++=.------------ 4分下面先计算()f x 的Fourier 系数. 0011()d d 2a f x x x x ππππππ−===∫∫,且 2011(1)1()cos d cos d n n a f x nx x x nx x n ππππππ−−−===∫∫,1,2,n = , 1011(1)()sin d sin d n n b f x nx x x nx x n πππππ+−−===∫∫,1,2,n = ,因此当(,)x ∈−∞+∞,且,3,x ππ≠±± 时,有121(1)1(1)()cos sin 4n n k f x nx nx n n ππ+∞= −−−=++∑. ------------ 4分 注意到0x =是()f x 的连续点,代入上式得21(1)104n n n ππ∞=−−+=∑, 即 2211(21)8n n π∞==−∑. 又22222111111111(21)(2)84n n n n n n n n π∞∞∞∞====+=+−∑∑∑∑,由此解得22116n n π∞==∑. 最后可得 1222222111(1)111(21)(2)84612n n n n n n n πππ−∞∞∞==−=−=−⋅=−∑∑∑. ------------ 4分【注】 对于最后一步,若只给出结果1221(1)12n n n π−∞=−=∑,则可得2分.五、(本题满分12分) 设数列{}n a 满足:12a π=,11sin 1n n n a a a n +=−+,1n ≥. 求证:数列{}n na 收敛.【解】 利用不等式:3sin 6x x x x −<<02x π <<.首先,易知1160n n a a a π+<<<< (2)n ≥. ------------ 4分故由题设等式得1(1)sin n n n n n n a na a a na +++−>,所以{}n na 是严格递增数列. ------------ 4分其次,由于31122221(1)sin 111(1)()()6()6n n n n n n n n n n n a na a a a a na n a na na na n +++−−−<=<⋅≤+, 所以 12111111(1)6nn k k kk a ka k a k ==+ −< + ∑∑,即 2112111111(1)666n k n a a a n a k π=+−<<⋅+∑,解得 1121(1)16n a n a a π++<−.这就证明了数列{}n na 严格递增且有上界,因而收敛. ------------ 4分六、(本题满分10分)证明:b a a b a b a b +≤+≤+,其中0>a ,0b >,1a b +=.【证】 不妨设1012a b <≤≤<,考虑函数1()x x f x a b −=+,如能证明()f x 在区间(0,]b 上单调减少,则有1()()()2f b f f a ≤≤,不等式得证. ------------ 3分对于(0,]∈x b ,因为1()ln ln x x f x a a b b −′⋅−⋅,221()ln ln 0x x f x a a b b −′′=⋅+⋅>,所以()()f x f b ′′<,故只需证()0f b ′≤,即ln ln baa ab b ⋅≤⋅或ln ln a ba b a b a b≤.------------ 4分容易证明ln xx是(0,]e 上的单调增函数,问题归结为证0a b a b e <<≤,这等价于证ln ln 11a b a b <−−,而这由函数ln 1xx−在(0,1)上单调增加即得. ------------ 3分 【注】 补证函数ln ()1xg x x=−在(0,1)上单调增加. 利用ln(1)x x +<(0)x >,有2111()1ln 1(1)0(1)′=−−+−> −g x x x x , 所以()g x 在(0,1)上单调增加.七、 (本题满分12分) 设)(=ij A a 为n 阶实矩阵,12,,,ααα n 为A 的n 个列向量,且均不为零. 证明:矩阵A 的秩满足2T1()αα=≥∑niii i ia r A .【证】 注意到用非零常数乘矩阵的列向量不改变矩阵的秩()r A ,故可设T 1αα=i i ,1,2,,= i n ,所以只需证明21()=≥∑n iii r A a ,也即T 21()()α=≥∑ni i i r A e .其中T (0,,0,1,0,,0)= i e 是第i 个分量为1其余分量均为0的n 维列向量.------------ 4分令()=r A k ,则由12,,,ααα n 的任一极大无关组并利用Schmidt 正交化方法,可得标准正交向量组12,,,βββ k . 易知,向量组12,,,ααα n 与12,,,βββ k 等价.对任意1,2,,= i n ,令1αβ==∑ki j j j x ,则由12,,,βββ k 的标准正交性可知,Tβα=j ji x ,1,2,,= j k ,所以T 1()αβαβ==∑ki j i j j ,于是T 1T T()()βααβ==∑ii i kj i j j e e .------------ 4分根据 Cauchy-Schwarz 不等式,并注意到T 2T 1()1βααα===∑kj i i ij ,可得 2T 2T T 222T T 1111T ()())(()()()βαβαβαββ==== =≤=∑∑∑∑k k k k j i j j i j j j i i i j j j i i e e e e ,22T2TT1111()()()()αβββ=======≤∑∑∑∑n k nkj j j i ii i j i j k r eA e .------------ 4分。

大学生数学竞赛(非数)试题及答案

大学生数学竞赛(非数)试题及答案

大学生数学竞赛(非数学类)试卷及标准答案考试形式: 闭卷 考试时间: 120 分钟 满分: 100 分.一、填空(每小题5分,共20分).(1)计算)cos 1(cos 1lim 0x x x x --+→= .(2)设()f x 在2x =连续,且2()3lim2x f x x →--存在,则(2)f = . (3)若tx x xt t f 2)11(lim )(+=∞→,则=')(t f .(4)已知()f x 的一个原函数为2ln x ,则()xf x dx '⎰= .(1)21. (2) 3 . (3)t e t 2)12(+ . (4)C x x +-2ln ln 2.二、(5分)计算dxdy x y D⎰⎰-2,其中1010≤≤≤≤y x D ,:.解:dxdy xy D⎰⎰-2=dxdy y xx y D )(21:2-⎰⎰<+⎰⎰≥-22:2)(x y D dxdy xy -------- 2分=dy y x dx x )(2021-⎰⎰+dy x y dx x)(12102⎰⎰- -------------4分=3011-------------5分. 姓名:身份证号:所在院校年级:专业:线封密注意:1.所有答题都须写在此试卷纸密封线右边,写在其它纸上一律无效. 2.密封线左边请勿答题,密封线外不得有姓名及相关标记.三、(10分)设)](sin[2xf y =,其中f 具有二阶导数,求22dxyd .解:)],(cos[)(222x f x f x dxdy'=---------------3分 )](sin[)]([4)](cos[)(4)](cos[)(222222222222x f x f x x f x f x x f x f dxy d '-''+'=-----7分 =)]}(sin[)]([)](cos[)({4)](cos[)(222222222x f x f x f x f x x f x f '-''+'---------10分.四、(15分)已知3123ln 0=-⋅⎰dx e e a x x ,求a 的值. 解:)23(232123ln 0ln 0x ax axxe d e dx e e ---=-⋅⎰⎰---------3分令t e x =-23,所以dt t dx e e aax x ⎰⎰--=-⋅231ln 02123---------6分=a t 231233221-⋅-------------7分=]1)23([313--⋅-a ,-----------9分由3123ln 0=-⋅⎰dx e e a x x ,故]1)23([313--⋅-a =31,-----------12分即3)23(a -=0-----------13分 亦即023=-a -------------14分所以23=a -------------15分.五、(10分)求微分方程0=-+'x e y y x 满足条件e yx ==1的特解.解:原方程可化为xe y x y x=+'1-----------2分这是一阶线性非齐次方程,代入公式得⎥⎦⎤⎢⎣⎡+⎰⋅⎰=⎰-C dx e x e e y dxx xdx x 11----------4分=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+⋅⎰-C dx e x e e x x xln ln ----------5分 =[]⎰+C dx e xx 1-----------6分 =)(1C e x x+.---------------7分所以原方程的通解是)(1C e xy x+=.----------8分再由条件e yx ==1,有C e e +=,即0=C ,-----------9分因此,所求的特解是xe y x=.----------10分.六(10分)、若函数()f x 在(,)a b 内具有二阶导数,且123()()()f x f x f x ==,其中123a x x x b <<<<,证明:在13(,)x x 内至少有一点ξ,使()0f ξ'=。

大学数学竞赛试题及答案非数学类

大学数学竞赛试题及答案非数学类

大学数学竞赛试题及答案非数学类大学数学竞赛试题及答案(非数学类专业)一、选择题(每题2分,共10分)1. 已知函数\( f(x) = x^2 - 4x + 3 \),求\( f(2) \)的值。

A. -1B. 1C. 3D. 52. 一个圆的半径为5,求其面积。

A. 25πB. 50πC. 75πD. 100π3. 以下哪个是等差数列1, 4, 7, ...的第10项?A. 27B. 28C. 29D. 304. 已知\( \sin(\theta) = \frac{3}{5} \),求\( \cos(\theta) \)的值(假设\( \theta \)在第一象限)。

A. \( \frac{4}{5} \)B. \( -\frac{4}{5} \)C. \( \frac{3}{5} \)D. 05. 一个直角三角形的两条直角边分别是3和4,求斜边的长度。

A. 5B. 6C. 7D. 8答案:1. B2. B3. A4. A5. A二、填空题(每题3分,共15分)6. 圆的周长公式是 \( C = \) ________ 。

7. 已知\( a \)和\( b \)是两个正整数,且\( a > b \),若\( a \)和\( b \)的最大公约数是3,最小公倍数是90,则\( a \)和\( b \)的值分别是________ 和 ________ 。

8. 已知\( \log_{10}100 = 2 \),求\( \log_{10}1000 \)的值是________ 。

9. 将\( 0.\overline{3} \)(即0.333...)转换为分数形式是________ 。

10. 一个等比数列的首项是2,公比是3,求第5项的值是________ 。

答案:6. \( 2\pi r \)7. 15, 68. 39. \( \frac{1}{3} \)10. 162三、解答题(每题10分,共20分)11. 证明:对于任意实数\( a \)和\( b \),不等式\( a^2 + b^2\geq 2ab \)总是成立。

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2009年 第一届全国大学生数学竞赛预赛试卷一、填空题(每小题5分,共20分)1.计算=--++⎰⎰y x yx x yy x Dd d 1)1ln()(____________,其中区域D 由直线1=+y x 与两坐标轴所围成三角形区域.2.设)(x f 是连续函数,且满足⎰--=2022d )(3)(x x f x x f , 则=)(x f ____________.3.曲面2222-+=y x z 平行平面022=-+z y x 的切平面方程是__________. 4.设函数)(x y y =由方程29ln )(y y f e xe =确定,其中f 具有二阶导数,且1≠'f ,则=22d d x y________________.二、(5分)求极限xenx x x x ne e e )(lim 20+++→ ,其中n 是给定的正整数.三、(15分)设函数)(x f 连续,⎰=10d )()(t xt f x g ,且A xx f x =→)(lim 0,A 为常数,求)(x g '并讨论)(x g '在0=x 处的连续性.四、(15分)已知平面区域}0,0|),{(ππ≤≤≤≤=y x y x D ,L 为D 的正向边界,试证:(1)⎰⎰-=---Lx y Lx yx ye y xe x ye y xed d d d sin sin sin sin ;(2)2sin sin 25d d π⎰≥--Ly yx ye y xe .五、(10分)已知x x e xe y 21+=,xx e xe y -+=2,xx x e e xe y --+=23是某二阶常系数线性非齐次微分方程的三个解,试求此微分方程.六、(10分)设抛物线c bx ax y ln 22++=过原点.当10≤≤x 时,0≥y ,又已知该抛物线与x 轴及直线1=x 所围图形的面积为31.试确定c b a ,,,使此图形绕x 轴旋转一周而成的旋转体的体积最小.七、(15分)已知)(x u n 满足),2,1()()(1 =+='-n e x x u x u x n n n, 且neu n =)1(, 求函数项级数∑∞=1)(n nx u之和.八、(10分)求-→1x 时, 与∑∞=02n n x等价的无穷大量.2010年 第二届全国大学生数学竞赛预赛试卷一、(25分,每小题5分)(1)设22(1)(1)(1),nn x a a a =+++其中||1,a <求lim .n n x →∞(2)求21lim 1x xx ex -→∞⎛⎫+ ⎪⎝⎭。

(3)设0s >,求0(1,2,)sx n I e x dx n ∞-==⎰。

(4)设函数()f t 有二阶连续导数,1(,)r g x y f r ⎛⎫== ⎪⎝⎭,求2222g g x y ∂∂+∂∂。

(5)求直线10:0x y l z -=⎧⎨=⎩与直线2213:421x y z l ---==--的距离。

二、(15分)设函数()f x 在(,)-∞+∞上具有二阶导数,并且()0,lim ()0,lim ()0,x x f x f x f x αβ→+∞→-∞''''>=>=<且存在一点0x ,使得0()0f x <。

三、(15分)设函数()y f x =由参数方程22(1)()x t t t y t ψ⎧=+>-⎨=⎩所确定,其中()t ψ具有二阶导数,曲线()y t ψ=与22132t u y e du e-=+⎰在1t =出相切,求函数()t ψ。

四、(15分)设10,,nn n k k a S a =>=∑证明:(1)当1α>时,级数1n n na S α+∞=∑收敛; (2)当1α≤且()n s n →∞→∞时,级数1n n na S α+∞=∑发散。

五、(15分)设l 是过原点、方向为(,,)αβγ,(其中2221)αβγ++=的直线,均匀椭球2222221x y z a b c ++≤,其中(0,c b a <<<密度为1)绕l 旋转。

(1)求其转动惯量;(2)求其转动惯量关于方向(,,)αβγ的最大值和最小值。

六、(15分)设函数()x ϕ具有连续的导数,在围绕原点的任意光滑的简单闭曲线C 上,曲线积分422()cxydx x dyx y ϕ++⎰的值为常数。

(1)设L 为正向闭曲线22(2)1,x y -+=证明422()0;cxydx x dyx yϕ+=+⎰(2)求函数()x ϕ;(3)设C 是围绕原点的光滑简单正向闭曲线,求422()cxydx x dyx y ϕ++⎰。

2011年 第三届全国大学生数学竞赛预赛试卷一. 计算下列各题(本题共3小题,每小题各5分,共15分)(1).求11cos 0sin lim xx x x -→⎛⎫ ⎪⎝⎭;(2).求111lim ...12n n n n n →∞⎛⎫+++ ⎪+++⎝⎭;(3)已知()2ln 1arctan tt x e y t e ⎧=+⎪⎨=-⎪⎩,求22d y dx 。

二.(本题10分)求方程()()2410x y dx x y dy +-++-=的通解。

三.(本题15分)设函数f(x)在x=0的某邻域内具有二阶连续导数,且()()()'"0,0,0f f f 均不为0,证明:存在唯一一组实数123,,k k k ,使得()()()()1232230lim0h k f h k f h k f h f h→++-=。

四.(本题17分)设2221222:1x y z a b c∑++=,其中0a b c >>>,2222:z x y ∑=+,Γ为1∑与2∑的交线,求椭球面1∑在Γ上各点的切平面到原点距离的最大值和最小值。

五.(本题16分)已知S 是空间曲线2231x y z ⎧+=⎨=⎩绕y 轴旋转形成的椭球面的上半部分(0z≥)取上侧,∏是S 在(),,Px y z 点处的切平面,(),,x y z ρ是原点到切平面∏的距离,,,λμν表示S 的正法向的方向余弦。

计算:(1)(),,SzdS x y z ρ⎰⎰;(2)()3S z x y z dS λμν++⎰⎰六.(本题12分)设f(x)是在(),-∞+∞内的可微函数,且()()f x mf x <、,其中01m <<,任取实数0a ,定义()1ln ,1,2,...,n n a f a n -==证明:()11nn n aa ∞-=-∑绝对收敛。

七.(本题15分)是否存在区间[]0,2上的连续可微函数f(x),满足()()021f f ==, ()()201,1fx f x dx ≤≤⎰、?请说明理由。

2012年 第四届全国大学生数学竞赛预赛试卷一、(本大题共5小题,每小题6分共30分)解答下列个体(要求写出要求写出重要步骤)(1) 求极限21)!(lim n n n ∞→(2) 求通过直线⎩⎨⎧=+-+=+-+034550232:z y x z y x l 的两个互相垂直的平面1π和2π,使其中一个平面过点)1,3,4(-。

(3) 已知函数byax ey x u z +=),(,且02=∂∂∂yx u。

确定常数a 和b ,使函数),(y x z z =满足方程02=+∂∂-∂∂-∂∂∂z yzx z y x z (4) 设函数)(x u u =连续可微,1)2(=u ,且udy u x udx y x )()2(3+++⎰在右半平面与路径无关,求),(y x u 。

(5) 求极限dt tt t x x x x cos sin lim 13+⎰++∞→二、(本题10分)计算dx x e x sin 20-∞+⎰三、求方程50121sin2-=x xx 的近似解,精确到0.001. 四、(本题12分)设函数)(x f y =二阶可导,且0)(>''x f ,0)0(=f ,0)0(='f ,求u x f u f x x 330sin )()(lim →,其中u 是曲线)(x f y =上点))(,(x f x P 处的切线在x 轴上的截距。

五、(本题12分)求最小实数C ,使得满足1)(10=⎰dx x f 的连续函数)(x f 都 有C dx x f ≤⎰)(10六、(本题12分)设)(x f 为连续函数,0>t 。

区域Ω是由抛物面22y x z += 和球面2222t z y x =++)0(>z 所围起来的部分。

定义三重积分 dv z y x f t F )()(222++=⎰⎰⎰Ω求)(t F 的导数)(t F ''七、(本题14分)设n n a ∑∞=1与n n b ∑∞=1为正项级数,证明:(1)若()01lim 11>-++∞→n n n n n b b a a ,则级数n n a ∑∞=1收敛; (2)若()01lim 11<-++∞→n nn n n b b a a ,且级数n n b ∑∞=1发散,则级数n n a ∑∞=1发散。

2013年 第五届全国大学生数学竞赛预赛试卷一、 解答下列各题(每小题6分共24分,要求写出重要步骤)1.求极限(lim 1sin nn →∞+.2.证明广义积分sin xdx x+∞⎰不是绝对收敛的 3.设函数()y y x =由323322x x y y +-=确定,求()y x 的极值。

4.过曲线)0y x ≥上的点A 作切线,使该切线与曲线及x 轴所围成的平面图形的面积为34,求点A 的坐标。

二、(满分12)计算定积分2sin arctan 1cos xx x e I dx xππ-⋅=+⎰三、(满分12分)设()f x 在0x =处存在二阶导数()0f '',且()lim0x f x x→=。

证明 :级数11n f n∞=⎛⎫⎪⎝⎭∑收敛。

四、(满分12分)设()()(),0f x f x a x b ππ'≤≥>≤≤,证明()2sin baf x dx m≤⎰五、(满分14分)设∑是一个光滑封闭曲面,方向朝外。

给定第二型的曲面积分()()()33323I x x dydz y y dzdx z z dxdy ∑=-+-+-⎰⎰。

试确定曲面∑,使积分I 的值最小,并求该最小值。

六、(满分14分)设()()22a aCydx xdyI r xy-=+⎰,其中a 为常数,曲线C 为椭圆222x xy y r ++=,取正向。

求极限()lim a r I r →+∞七(满分14分)判断级数()()1111212n n n n ∞=+++++∑的敛散性,若收敛,求其和。

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