七年级上册数学全册单元试卷专题练习(word版
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七年级上册数学全册单元试卷专题练习(word版
一、初一数学上学期期末试卷解答题压轴题精选(难)
1.已知,∠AOB=∠COD=90°,射线OE,FO分别平分∠AOC和∠BOD.
(1)当OB和OC重合时,如图(1),求∠EOF的度数;
(2)当∠AOB绕点O逆时针旋转至图(2)的位置(0°<∠BOC<90°)时,求∠EOF的度数.
【答案】(1)解:当OB和OC重合时,∠AOD=∠AOC+∠BOD=180°,
又∵射线OE,FO分别平分∠AOC和∠BOD,
∴∠COE= ∠AOC,∠BOF= ∠BOD,
∴∠EOF=∠COF+∠BOF= (∠AOC+∠BOD)= ×180°=90°
(2)解:∵∠AOB=∠COD=90°,∠COE= ∠AOC,∠BOF= ∠BOD,
∴∠EOF=∠COE+∠BOF﹣∠BOC
= ∠AOC+ ∠BOD﹣∠BOC
= (∠AOC+∠BOD)﹣∠BOC
= (∠AOB+∠BOC+∠COD+∠BOC)﹣∠BOC
= (180°+2∠BOC)﹣∠BOC
=90°+∠BOC﹣∠BOC
=90°
【解析】【分析】(1)由角平分线的性质可得∠COE=∠AOC,∠BOF=∠BOD;由平角的定义可得∠AOC+∠BOD=180°,由角的构成可得∠EOF=∠COE+∠BOF,代入计算即可求解;(2)同理可求解。
2.如图,两个形状、大小完全相同的含有30°、60°的直角三角板如图①放置,PA、PB与直线MN重合,且三角板PAC、三角板PBD均可绕点P逆时针旋转.
(1)直接写出∠DPC的度数.
(2)如图②,在图①基础上,若三角板PAC的边PA从PN处开始绕点P逆时针旋转,转速为5°/秒,同时三角板PBD的边PB从PM处开始绕点P逆时针旋转,转速为1°/秒,(当PA转到与PM重合时,两三角板都停止转动),在旋转过程中,当PC与PB重合时,求旋转的时间是多少?
(3)在(2)的条件下,PC、PB、PD三条射线中,当其中一条射线平分另两条射线的夹角时,请直接写出旋转的时间.
【答案】(1)解:∠DPC=180°-∠APC-∠BPD=180°-60°-30°=90°
故答案为:90°
(2)解:设旋转的时间是t秒时PC与PB重合,根据题意列方程得
5t-t=30+90
解得t=30
又∵180÷5=36秒
∴30<36
故旋转的时间是30秒时PC与PB重合
(3)解:设t秒时其中一条射线平分另两条射线的夹角,分三种情况:
①当PD平分∠BPC时,5t-t=90-30,解得t=15
②当PC平分∠BPC时,,解得t=26.25
③当PB平分∠DPC时,5t-t=90-2×30,解得t=37.5
故15秒或26.25秒或37.5秒时其中一条射线平分另两条射线的夹角
【解析】【分析】(1)易得∠DPC=180°-∠APC-∠BPD即可求(2)只需设旋转的时间是t 秒时PC与PB重合,列方程解可得(3)一条射线平分另两条射线的夹角,分三种情况:当PD平分∠BPC时;当PC平分∠BPC时;当PB平分∠DPC时,计算每种情况对应的时间即可.
3.如图,OB是∠AOC的平分线,OD是∠COE的平分线.
(1)如果∠AOB=40°,∠DOE=30°,那么∠BOD是多少度?
(2)如果∠AOE=160°,∠COD=30°,∠AOB那么是多少度?
【答案】(1)解:因为OB是∠AOC的平分线,OD是∠COE的平分线.
所以∠AOB=∠BOC=40°,∠COD=∠DOE=30°.
∠BOD=∠BOC+∠COD=40°+30°=70°
(2)解:因为∠AOB=∠BOC,∠COD=∠DOE=30°,∠AOE=160°
∠AOE=∠AOB+∠BOC+∠COD+∠DOE
160°=2∠AOB+30°+30°,所以∠AOB=50°
【解析】【分析】(1)根据角平分线定义和已知条件可得∠AOB=∠BOC=40°,∠COD=∠DOE=30°,由∠BOD=∠BOC+∠COD即可求得答案.
(2)根据角平分线定义和已知条件可得∠AOB=∠BOC,∠COD=∠DOE=30°,再由∠AOE=∠AOB+∠BOC+∠COD+∠DOE即求得答案.
4.请阅读小明同学在学习平行线这章知识点时的一段笔记,然后解决问题.
小明:老师说在解决有关平行线的问题时,如果无法直接得到角的关系,就需要借助辅助线来帮助解答,今天老师介绍了一个“美味”的模型一“猪蹄模型”.即
已知:如图1,,为、之间一点,连接,得到 .
求证:
小明笔记上写出的证明过程如下:
证明:过点作,
∴
∵,
∴
∴ .
∵
∴
请你利用“猪蹄模型”得到的结论或解题方法,完成下面的两个问题.
(1)如图,若,,则 ________.
(2)如图,,平分,平分,,则________.
【答案】(1)240°
(2)51°
【解析】【解答】(1)解:作EM∥AB,FN∥CD,如图,
AB∥CD,
∴AB∥EM∥FN∥CD,
∴∠B=∠1,∠2=∠3,∠4+∠C=180°,
∴∠B+∠CFE+∠C=∠1+∠3+∠4+∠C=∠BEF+∠4+∠C=∠BEF +180°,
∵,
∴∠B+∠CFE+∠C=60°+180°=240°;(2)解:如图,分别过G、H作AB的平行线MN和RS,
∵平分,平分,
∴∠ABE= ∠ABG,∠SHC=∠DCF= ∠DCG,
∵AB∥CD,
∴AB∥CD∥RS∥MN,
∴∠RHB=∠ABE= ∠ABG,∠SHC=∠DCF= ∠DCG,∠NGB+∠ABG=∠MGC+∠DCG=180°,
∴∠BHC=180°-∠RHB-∠SHC=180°- (∠ABG+∠DCG),
∠BGC=180°-∠NGB-∠MGC=180°-(180°-∠ABG)-(180°-∠DCG)=∠ABG+∠DCG-180°,
∴∠BGC=360°-2∠BHC-180°=180°-2∠BHC,
又∵∠BGC=∠BHC+27°,
∴180°-2∠BHC=∠BHC+27°,
∴∠BHC =51°.
【分析】(1)作EM∥AB,FN∥CD,如图,根据平行线的性质得AB∥EM∥FN∥CD,所以∠B=∠1,∠2=∠3,∠4+∠C=180°,然后利用等量代换计算∠B+∠F+∠C;(2)分别过G、H作AB的平行线MN和RS,根据平行线的性质和角平分线的性质可用∠ABG和∠DCG 分别表示出∠H和∠G,从而可找到∠H和∠G的关系,结合条件可求得∠H.
5.已知AB∥CD,点E为平面内一点,BE⊥CE于E.