【物理】云南省红河州蒙自一中(南湖校区)2014-2015学年高二(上)月考

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高三物理月考试题及答案-云南红河州2015年高中毕业生第一次统一复习检测理综试题(精校解析版)

云南省红河州2015届高三第一次复习统测物理试题本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，考试结束后只交答题卡。

满分300分，考试用时150分钟。

第Ⅰ卷（选择题，共126分）考生注意：1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的班级、姓名、考号在答题卡上填写清楚。

2．作答时，考生务必用2B铅笔、黑色碳素笔将第I、II卷的答案答在答题卡上相应位置，答在试卷上的答案无效。

相对原子质量：H-1 C-12 N -14 O-16 Mg-24 Ca-40 Fe-56 Cu-64 Ti-48本卷共21小题，每小题6分，共126分。

二、选择题：本题8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是( )A．英国物理学家牛顿用实验的方法测出万有引力常量GB．第谷接受了哥白尼日心说的观点，并根据开普勒对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了行星运动定律C．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快D．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比15．近年来，我国的大部分地区出现了雾霾天气，给人们的正常生活造成了极大的影响。

在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m 处有一辆大卡车正以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵。

如图中a、b分别为小汽车和大卡车的v-t图象，以下说法正确的是( )A.因刹车失灵前小汽车已减速，所以不会追尾B.在5s t =时追尾C.在3s t =时追尾D.由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾16．“神舟”十号载人飞船在绕地球飞行一段时间后进行变轨，由原来的椭圆轨道变为距地面高度为h 的圆形轨道．已知飞船的质量为m ，地球半径为R ，地面处的重力加速度为g ．则飞船在上述圆轨道上运行的动能E k ( )A. 等于 )(21h R mg + B.小于 )(21h R mg + C. 大于 )(21h R mg + D.等于 mgh 21 17．用一根细线一端系一可视为质点的小球，另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为ω。

云南省红河州开远一中2014-2015学年高二上学期期中物理模拟试卷

云南省红河州开远一中2014-2015学年高二上学期期中物理模拟试卷一、单项选择题1．（3分）关于点电荷，下列说法中正确的是（）A．只有体积很小的带电体才能看成是点电荷B．体积较大的带电体一定不能看成是点电荷C．当两个带电体的大小形状对它们之间的相互作用的影响可忽略时，这两个带电体均可看成点电荷D．当带电体带电量很少时，可看成点电荷2．（3分）绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图所示，现使b带正电，则（）A．b将吸引a，吸住后不放开B．a、b之间不发生相互作用C．b先吸引a，接触后又把a排斥开D．b立即把a排斥开3．（3分）如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低4．（3分）如图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则ABCD选项中正确的是（）①P点电场强度方向向左②P点的电场强度方向向右③正点电荷在P点所受的电场力的方向向左④正点电荷在P点所受的电场力的方向向右．A．只有①③正确B．只有②③正确C．只有①④正确D．只有②④正确5．（3分）在电场中的某点放入电量为q的负电荷时，测得该点的电场强度为E，若在该点放入电量为2q的正电荷，此时测得该点的电场强度为（）A．大小为E，方向和E相同B．大小为E，方向和E相反C．大小为2E，方向和E相同D．大小为2E，方向和E相反6．（3分）用伏安法测电阻的实验，可以采用图示a、b两种方法把伏特表和安培表连人电路，这样测量出来的电阻值与被测电阻的真实阻值比较，下列正确的是（）A．采用a图接法，测量值小于真实值B．采用b图接法，测量值小于真实值C．两种接法的测量值都小于真实值D．两种接法的测量值都大于真实值7．（3分）真空中有两个点电荷A、B，它们间的距离为r，相互作用的静电力为F，如果将A的电量增大为原来的4倍，B的电量不变，要使静电力变为，则它们之间的距离应变为（）A．16r B．4r C．r D．2r8．（3分）如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（）A．A点场强一定大于B点场强B．在B点静止释放一个电子，将一定向A点运动C．这点电荷一定带正电D．负电荷放在B点的电势能比放在A点的电势能小二、不定项选择题9．（3分）下列说法哪些是正确的（）A．静电场中沿电场线方向的各点电势一定不相等，场强大小一定不相等B．静电场中沿电场线方向的各点电势一定降低，场强大小不一定相等C．静电场中同一等势面上各点电势不一定相等，场强大小一定不相等D．静电场中同一等势面上各点电势一定相等，场强大小不一定相等10．（3分）平行板电容器始终和电池连接，下列几个过程说法正确的是（）A．两极板距离增加，两板电势差不变，电量减少B．两极板距离减小，场强增大，电势差不变C．两极板距离增加，两极电势差不变，电量增加D．两极板距离减小，场强变小，电势差不变11．（3分）如图所示，电子经加速电场（电压为U1）后进入偏转电场（电压为U2），然后飞出偏转电场，要使电子飞不出偏转电场可采取的措施有（）A．增大U1B．减小U1C．增大U2D．减小U212．（3分）如图所示，将原来不带电的绝缘导体AB，置于带正电的点电荷C所形成的电场中，则有（）A．绝缘导体上A、B两点的电势相等，且都高于大地的电势B．绝缘导体上的感应电荷在导体内部一点D产生的场强大于点电荷C在D点产生场强的大小C．有电场线终止在绝缘导体的表面上，且与导体表面垂直D．用手接触A后，放开手和移除C，导体带正点三、实验题13．在“测定金属的电阻率”的实验中，采用了如图1所示电路来测量金属丝的电阻R．（1）考虑电压表、电流表内阻的影响，用此接法测出的R的阻值真实值（填“大于”、“小于”或“等于”），（2）若测得金属丝的长度为L，直径为D，电阻为R，则金属丝电阻率ρ的表达式：ρ=．（用上述测量的字母表示）（3）某次测量中螺旋测微器的读数如图2所示，则该金属丝的直径为mm．（4）某同学做实验时缺少电压表，于是他用一个满偏电流为300μA、内阻为500Ω的小量程电流表和一个阻值为5500Ω的定值电阻串联，改装成了一个量程为V的电压表．14．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）E．滑动变阻器（最大阻值10Ω，额定电流5A）F．滑动变阻器（最大阻值200Ω，额定电流0.5A）G．直流电源（电动势3V，内阻不计）（1）电压表应选用，电流表应选用，滑动变阻器应选用．（用序号字母表示）（2）在实物图中用笔画线代替导线，将图甲的电路连接好．（3）由图乙中小灯泡的伏安特性曲线可知，小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而（填“增大”、“减小”或“不变”）；当小灯泡两端所加电压为2.00V时，其灯丝电阻值约为Ω．（保留两位有效数字）四、计算题15．有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路时，电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A．求电动机正常工作时的输出功率多大？16．如图所示，一带电小球的质量m=2×10﹣4kg，用长为L=0.8m的细线悬挂在水平方向的匀强电场中O点，场强E=3×104N/C，当细线与竖直方向夹角为θ=37°时，摆球恰好静止在A点．（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求（1）小球带什么电？电量是多少？（2）某时刻将细线剪断，带电小球将沿什么方向怎么样运动？（3）若把小球由竖直方向的P点静止释放，到达A位置时，电场力做功是多少？17．如图所示，在倾角为θ的光滑绝缘斜面底端O点固定一带电量为﹣Q的点电荷，一质量为m的带电小滑块（可视为点电荷）从距斜面底端4L的A点无初速度释放，下滑到B 点时，速度达最大值v，已知O、B两点间的距离为3L，重力加速度为g，静电力常量为k．求：（1）小滑块的所带电荷量的绝对值q和电性；（2）A、B两点间的电势差U AB．18．有一电子经电压U1加速后，进入两块间距为d，电压为U2的平行金属板间，若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿出电场，设电子的电量为e．求：（1）金属板AB的长度．（2）电子穿出电场时的动能．云南省红河州开远一中2014-2015学年高二上学期期中物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1．（3分）关于点电荷，下列说法中正确的是（）A．只有体积很小的带电体才能看成是点电荷B．体积较大的带电体一定不能看成是点电荷C．当两个带电体的大小形状对它们之间的相互作用的影响可忽略时，这两个带电体均可看成点电荷D．当带电体带电量很少时，可看成点电荷考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：点电荷是不考虑其尺寸、形状和电荷分布情况的带电体，是实际带电体的理想化模型．在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，就可把带电体看成点电荷．点电荷是没有大小的带电体，是一种理想模型，实际的带电体（包括电子、质子等）都有一定大小，都不一定能看成点电荷．当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷．解答：解：A、B、C、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以体积很大的带电体也有可能看成是点电荷，故AB错误，C正确；D、点电荷是不考虑其尺寸、形状和电荷分布情况的带电体，是实际带电体的理想化模型．当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷．物体能否简化为点电荷与电荷量的绝对大小无关，要看所研究的问题，故D错误；故选C．点评：本题关键明确点电荷是一直理想模型，知道物体是否可以简化为点电荷，关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计．2．（3分）绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图所示，现使b带正电，则（）A．b将吸引a，吸住后不放开B．a、b之间不发生相互作用C．b先吸引a，接触后又把a排斥开D．b立即把a排斥开考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．解答：解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；故选C．点评：本题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．3．（3分）如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向电势降低．通过电场线的分布进行判断．解答：解：根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则E B＞E A＞E C；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势．所以φA=φC＞φB．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：虽然电场线不是实际存在的，但电场线的疏密可以体现电场强度的强弱；可以根据电场线方向来确定电势的高低；同时还考查了等量异种点电荷的电场线的分布，电场线与等势线相互垂直．4．（3分）如图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则ABCD选项中正确的是（）①P点电场强度方向向左②P点的电场强度方向向右③正点电荷在P点所受的电场力的方向向左④正点电荷在P点所受的电场力的方向向右．A．只有①③正确B．只有②③正确C．只有①④正确D．只有②④正确考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反．解答：解：电场线的方向就是电场强度的方向，故P点电场强度方向向右．故①错误②正确．正电荷所受电场力的方向就是该点场强的方向，故正电荷在P点所受电场力向右．故③错误．负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故负电荷在P点所受电场力向左．故④正确．故选D．点评：把握了电场线的特点即可顺利解决此题．5．（3分）在电场中的某点放入电量为q的负电荷时，测得该点的电场强度为E，若在该点放入电量为2q的正电荷，此时测得该点的电场强度为（）A．大小为E，方向和E相同B．大小为E，方向和E相反C．大小为2E，方向和E相同D．大小为2E，方向和E相反考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场中的场强只取决于电场本身，与有无检验电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法定义．解答：解：电场强度是描述电场强弱的物理量，是试探电荷所受的电场力F与试探电荷所带的电荷量q的比值，是由电场本身决定，故与试探电荷的有无，电性，电量的大小无关．故在该点放入电荷量为﹣q的试探电荷时电场强度为E，改放电荷量为+2q的试探电荷时电场强度仍为E．且方向和E相同．故选：A点评：电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关是解决该题的关键．6．（3分）用伏安法测电阻的实验，可以采用图示a、b两种方法把伏特表和安培表连人电路，这样测量出来的电阻值与被测电阻的真实阻值比较，下列正确的是（）A．采用a图接法，测量值小于真实值B．采用b图接法，测量值小于真实值C．两种接法的测量值都小于真实值D．两种接法的测量值都大于真实值考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：两种接法都有误差：a图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过R 的电流，还包括了电压表的电流；b图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是电阻R 的电压，还包括了电流表的分压，要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小．解答：解：a图接法：电流表的示数为通过电阻的电流和电压表的电流之和，即I=I R+I V 电压表的示数U是R两端电压的真实值，则R测==＜=R真故A对b图接法：电压表的示数为R两端的电压和安培表两端的电压之和，即U=U R+U A电流表的示数I是通过R的真实值，则R测==＞=R真故B C D错故选：A点评：待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法．测量值偏大．待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小．7．（3分）真空中有两个点电荷A、B，它们间的距离为r，相互作用的静电力为F，如果将A的电量增大为原来的4倍，B的电量不变，要使静电力变为，则它们之间的距离应变为（）A．16r B．4r C．r D．2r考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据库仑定律写出两种情况下的表达式，然后两式相比即可得出正确结果．解答：解：当距离为r时有：当距离变化后依据题意有：联立①②可得R=4r，故ACD错误，B正确．故选B．点评：正确理解库仑定律公式以及公式中各个物理量的含义是解本题关键，由于公式涉及物理量较多，因此常用两式相比的方法进行求解．8．（3分）如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（）A．A点场强一定大于B点场强B．在B点静止释放一个电子，将一定向A点运动C．这点电荷一定带正电D．负电荷放在B点的电势能比放在A点的电势能小考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．负电荷在电势高处电势能小．根据这些知识分析．解答：解：A、电场线的疏密表示电场强度的大小，由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，故A错误；B、由图可以知道的电场的方向向右，所以在B点由静止释放一个电子时，电子所受的电场力方向向左，所以电子将一定向A点运动，故B正确；C、只有一条电场线不能判断电荷的情况，所以不能判断电场是不是正电荷产生的，故C错误；D、根据顺着电场线方向电势降低，知B点电势比A点的低，则负电荷放在B点的电势能比放在A点的电势能大，故D错误．故选：B．点评：本题关键要理解并掌握电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场强度的大小，电场线的疏密表示电场强度的大小，考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场的基本知识．二、不定项选择题9．（3分）下列说法哪些是正确的（）A．静电场中沿电场线方向的各点电势一定不相等，场强大小一定不相等B．静电场中沿电场线方向的各点电势一定降低，场强大小不一定相等C．静电场中同一等势面上各点电势不一定相等，场强大小一定不相等D．静电场中同一等势面上各点电势一定相等，场强大小不一定相等考点：电场线；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．知道等势面的含义和特点．解答：解：静电场中沿电场线方向的各点电势一定降低，场强大小不一定相等，要看电场线的疏密程度，故A错误，B正确．C、静电场中同一等势面上各点电势一定相等，场强大小不一定相等，要看等势面的疏密程度，故C错误，D正确．故选BD．点评：本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低．10．（3分）平行板电容器始终和电池连接，下列几个过程说法正确的是（）A．两极板距离增加，两板电势差不变，电量减少B．两极板距离减小，场强增大，电势差不变C．两极板距离增加，两极电势差不变，电量增加D．两极板距离减小，场强变小，电势差不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：根据电容的决定式C=，分析两极板间的距离减增加时电容的变化．电容器始终接在电源上，电容器的电压不变，由电容的定义式C=分析电容器极板的带电荷量Q 变化．由E=分析板间场强的变化．解答：解：A、当两极板间的距离增加时，根据电容的决定式C=，分析得知，电容C变小．由题可知，电容器的电压不变，C变大，由C=得到，电容器极板的带电荷量Q变小．故A正确，C错误；B、两极间距离减小，则由U不变，d减小，由E=分析得知板间场强E增大．故B正确，D错误，故选：AB．点评：本题涉及电容的只有两个公式：电容的决定式C=和电容的定义式C=，常常由这两个公式结合分析电容器的动态变化问题．11．（3分）如图所示，电子经加速电场（电压为U1）后进入偏转电场（电压为U2），然后飞出偏转电场，要使电子飞不出偏转电场可采取的措施有（）A．增大U1B．减小U1C．增大U2D．减小U2考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子在加速电场中加速时可以通过动能定理求得粒子加速后的速度，粒子进入偏转电场后做类平抛运动，在平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，在垂直电场方向做匀速直线运动，利用速度合成与分解的方法得到偏转距离的表达式，再根据表达式进行分析．解答：解：在加速电场中，电场力做功等于粒子动能的变化，根据动能定理有：qU1=mv2﹣0 ①粒子进入偏转电场后，在垂直电场方向不受作用力，粒子将以速度v做匀速直线运动，垂直电场方向位移l=vt ②平行电场方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，离开电场时，沿电场方向的偏转距离y==③由①③得：y=要使电子飞不出偏转电场，在水平位移都是极板长度l时，增大y，由上可知，可减小U1，或增大U2．故BC正确，AD错误．故选：BC．点评：本题粒子从静止开始先进入加速电场后进入偏转电场，得到的结论与粒子的质量和电量无关．12．（3分）如图所示，将原来不带电的绝缘导体AB，置于带正电的点电荷C所形成的电场中，则有（）A．绝缘导体上A、B两点的电势相等，且都高于大地的电势B．绝缘导体上的感应电荷在导体内部一点D产生的场强大于点电荷C在D点产生场强的大小C．有电场线终止在绝缘导体的表面上，且与导体表面垂直D．用手接触A后，放开手和移除C，导体带正点考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在外电场的作用下，导体中电荷在导体中重新分布的现象叫做静电感应现象；利用静电感应使金属导体带电的过程叫做感应起电；处于静电平衡的导体上电荷与场源电荷呈现“近异远同”的特点．静电平衡时，导体上的电荷分布有以下三个特点：1．导体内部没有净电荷，正负净电荷只分布在导体的外表面．2．导体内部场强处处为零，表面场强垂直于表面．3．在导体表面，越尖锐的地方，电荷的密度（单位面积的电荷量）越大，凹陷的位置几乎没有电荷．解答：解：A、静电平衡时，绝缘导体上A、B两点的电势相等．电场线从C到导体，再到无穷远，所以导体的电势高于大地的电势．故A正确．B、静电平衡时，导体内部D点的合场强为零，说明感应电荷在导体内部一点D产生的场强大小等于点电荷C在D点产生场强的大小．故B错误．C、导体左端带负电，远端带正电，而电场线从正电荷出发终止于负电荷；导体是个等势体，其表面是等势面，故一定与电场线垂直；故C正确．D、用手指瞬间接触导体AB后，大地上的电子转移到导体上，将导体右端正电荷中和，再把C移走，则导体AB带上负电荷．故D错误．故选：AC．点评：本题考查对静电平衡导体特点的理解和应用．处于静电平衡状态的导体，内部的合场强为零，是指点电荷的电场和感应电荷的电场的合场强为零．基本题．三、实验题13．在“测定金属的电阻率”的实验中，采用了如图1所示电路来测量金属丝的电阻R．（1）考虑电压表、电流表内阻的影响，用此接法测出的R的阻值小于真实值（填“大于”、“小于”或“等于”），（2）若测得金属丝的长度为L，直径为D，电阻为R，则金属丝电阻率ρ的表达式：ρ=．（用上述测量的字母表示）（3）某次测量中螺旋测微器的读数如图2所示，则该金属丝的直径为0.990mm．（4）某同学做实验时缺少电压表，于是他用一个满偏电流为300μA、内阻为500Ω的小量程电流表和一个阻值为5500Ω的定值电阻串联，改装成了一个量程为1.8V的电压表．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）电流表外接法中，由于电压表的分流作用，电流表的测量值偏大；再根据欧姆定律判断电阻测量值情况；（2）根据电阻定律列式分析；（3）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（4）根据欧姆定律判断电压表的量程即可．解答：解：（1）电流表外接法中，由于电压表的分流作用，电流表的测量值偏大；根据欧姆定律R=，电阻测量值偏小；（2）根据电阻定律，有：R=其中：S=联立解得：ρ=（3）螺旋测微器固定刻度为0.5mm，可动刻度为0.01×49.0=0.990mm，所以最终读数为0.990mm；（4）电压表的量程为：U=I g（R g+R x）=300×10﹣6×（500+5500）=1.8V故答案为：（1）小于；（2）；（3）0.990（0.988～0.990均可）；（4）1.8．点评：本题关键是明确伏安法测量电阻时的误差来源，会用螺旋测微器读数，明确伏特表的改装原理，基础问题．14．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）E．滑动变阻器（最大阻值10Ω，额定电流5A）F．滑动变阻器（最大阻值200Ω，额定电流0.5A）G．直流电源（电动势3V，内阻不计）（1）电压表应选用A，电流表应选用D，滑动变阻器应选用E．（用序号字母表示）（2）在实物图中用笔画线代替导线，将图甲的电路连接好．（3）由图乙中小灯泡的伏安特性曲线可知，小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大（填“增大”、“减小”或“不变”）；当小灯泡两端所加电压为2.00V时，其灯丝电阻值约为8.0Ω．（保留两位有效数字）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据题意确定滑动变阻器的接法，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后连接实物电路图．（3）根据图示图象应用欧姆定律分析灯泡电阻如何变化；由图象求出灯泡电压对应的电流，然后由欧姆定律求出灯泡电阻．解答：解：（1）灯泡额定电压为2.8V，则电压表选A；灯泡正常发光时的电流I==≈0.29A，电流表应选D，为方便实验操作，滑动变阻器应选E．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡电阻约为R==≈9.8Ω，电压表内阻为6kΩ，电流表内阻为0.5Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：。

云南省蒙自市蒙自第一中学2014-2015学年高二物理上学期期末考试试题

云南省蒙自市蒙自第一中学2014-2015学年高二物理上学期期末考试试题注意事项：考试时间共90分钟。

必须在答题卡上指定位置按规定要求作答，答在试卷上一律无效。

答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号、考场号、座号填写在答题卡上相应位置。

选择题（共50分）一、单项选择题(本题包括lO个小题，每小题3分，共30分。

在每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得3分，选错或不选得O分)1．许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，下列表述错误的是（）A．库仑通过扭秤实验总结出电荷间相互作用的规律B．法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律C．奥斯特发现了电流周围存在着磁场D．密立根测出了元电荷e的数值2．真空中有两个静止的、可视为点电荷的带电小球，它们之间的静电力为F，若保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大到原来的二倍，则它们之间作用的静电力大小等于()A．F B．2F C．F/2 D．F/4 3．电工穿的高压作业服是用铜丝编织的，下列说法正确的是()A．铜丝编织的衣服不易拉破B．电工被铜丝衣服所包裹，使体内电势为零C．电工被铜丝衣服所包裹，使体内场强为零D．铜丝电阻小，能对人体起到保护作用4．下列说法中正确的是（）A．磁感线是磁场中客观存在的B．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止C．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的D．电流元IL在磁场中受力为F，则磁感应强度B一定等于5．下图中分别标明了通电直导线中电流I、匀强磁场的磁感应强度B 和电流所受安培力F 的方向，其中正确的是（）6．如图，使阴极射线管发出的电子束发生偏转的作用力是()A．电场力B．安培力C．万有引力D．洛仑兹力7．如图所示是利用静电计研究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验装置示意图，下面的叙述符合实际观测结果的是()A.a板向右平移，静电计指针偏转角度变小B.a板向上平移，静电计指针偏转角度变小C.a板向左平移，静电计指针偏转角度变小D．在ab间插入一块绝缘介质，静电计指针偏转角度变大8．有a、b、c、d四个小磁针，涂黑的一端是小磁针的N极，分别放置在通电螺线管的附近和内部.当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中正确的是()A．a B．bC．c D．d9．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。

云南省蒙自高级中学高二物理10月月考试题

云南省蒙自高级中学11-12学年高二物理10月月考试题本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟。

第I 卷（选择题）一、单项选择题（本题包括10个小题，每小题4分，共40分。

）1、A 、B 、C 三个塑料小球，A 和B ，B 和C ，C 和A 之间都是相互吸引的，如果A 带正电，则（）A. B 、C 都带负电B. B 球带负电，C 球带正电C. B 、C 两球中必有一个带负电，另一个不带电D. B 、C 两球均不带电 2、下列关于点电荷的说法中，正确的是（） A. 体积大的带电体一定不是点电荷B. 当两个带电体的形状对它们间相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体可看做点电荷C. 点电荷就是体积很小的电荷D.点电荷是电荷量和体积都很小的带电体3、两个半径均为1cm 的导体球，分别带上+Q 和-3Q 的电荷量，两球心相距90cm ，相互作用力大小为F ，现将它们碰一下后，放在两球心相距3cm 处，则它们的相互作用力大小变为（）A. 3000FB. 1200FC. 900FD. 无法确定4、在电场中，A 、B 两点间的电势差V U AB 75=，B 、C 两点间的电势差V U BC 200-=，则A 、B 、C 三点电势高低关系是（） A. C B A ϕϕϕ〉〉 B. B C A ϕϕϕ〈〈 C. B A C ϕϕϕ〉〉 D. A B C ϕϕϕ〉〉5、如图所示是匀强电场中的一组等势面，每两个相连等势面的距离是25cm ，由此可确定电场强度的方向及大小为（） A. 竖直向下，C N E /4.0= B. 水平向右，C N E /4.0= C. 水平向左，C N E /40= D. 水平向右，C N E /40=6、一带电粒子在电场中只受电场力作用时，它不可能出现的运动状态是（） A. 匀加速直线运动 B. 匀变速曲线运动 C. 匀速直线运动 D. 匀速圆周运动7、如图1所示，一个验电器用金属罩罩住，当加上水平向右的、场强大小为E 的匀强电场时，验电器的箔片不张开，我们把这种现象称之为静电屏蔽。

高二物理月考试题及答案-云南蒙自市蒙自第一中学(凤凰校区)-2015学年高二10月月考

蒙自一中凤凰校区2014-2015学年上学期10月月考试卷高二物理试卷考试时间：90分钟试卷满分：110分一．单项选择题（下列各题中，只有一个选项是符合题意的，选出来，在答题卡中适当位置进行填涂。

每小题3分，共36分）1．如图1所示，在真空中，把一个绝缘导体向带负电的球P 慢慢靠近．关于绝缘导体两端的电荷，下列说法中错误．．的是( )A ．两端的感应电荷越来越多B ．两端的感应电荷是同种电荷C ．两端的感应电荷是异种电荷D ．两端的感应电荷电荷量相等2．关于元电荷的下列说法中错误．．的是( ) A ．元电荷实质上是指电子和质子本身B ．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C ．元电荷的数值通常取作e ＝1.6×10－19CD ．电荷量e 的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的 3．下列说法正确的是( ) A ．点电荷就是体积很小的带电体B ．点电荷就是体积和所带电荷量很小的带电体C 根据F=kq 1q 2r 2可知,当r →0时,有F →∞ D ．静电力常量的数值是由实验得出的4．两个半径相同的金属小球，带异种电荷量之比为1∶7，相距r ，两者相互接触后，再放回原来的位置，则相互作用力是原来的( ) A.47 B.37 C.97 D.1675．电场强度E 的定义式为E ＝Fq，下面说法中正确的是( )A ．该定义只适用于点电荷产生的电场B ．上式中，F 是放入电场中的点电荷所受的静电力，q 是放入电场中的点电荷的电荷量C ．上式中，F 是放入电场中的点电荷所受的静电力，q 是产生电场的电荷的电荷量D ．库仑定律的表达式F ＝kq 1q 2r 2可以说是点电荷q 2产生的电场在点电荷q 1处的库仑力大小；而kq 1r 2不能说是点电荷q 1产生的电场在点电荷q 2处的场强大小 6．下列关于电荷的电势能的说法正确的是( ) A ．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大 B ．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零 C ．只在静电力的作用下，电荷的电势能一定减少D ．只在静电力的作用下，电荷的电势能可能增加，也可能减少 7．下列说法正确的是( )A ．A 、B 两点的电势差，等于将正电荷从A 点移到B 点时静电力所做的功 B ．电势差是一个标量，但是有正值或负值之分C ．静电力做功跟移动电荷的路径有关，而电势差跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关D ．A 、B 两点的电势差是恒定的，不随零电势面的不同而改变，所以U AB ＝U BA8．如图2所示，实线为电场线，虚线为等势线，且AB ＝BC ，电场中的A 、B 、C 三点的场强分别为E A 、E B 、E C ，电势分别为φA 、φB 、φC ，AB 、BC 间的电势差分别为U AB 、U BC ，则下列关系中错误．．的是( )A ．φA >φB >φC B ．E C >E B >E A C ．U AB <U BCD ．U AB ＝U BC9．如图3所示的匀强电场E 的区域内，由A 、B 、C 、D 、A ′、B ′、C ′、D ′作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面ABCD 垂直，下列说法正确的是( )图2A ．A 、D 两点间电势差U AD 与A 、A ′两点间电势差U AA ′相等B 带正电的粒子从A 点沿路径A →D →D ′移到D ′点,静电力做负功C 带负电的粒子从A 点沿路径A →D →D ′移到D ′点,电势能减小D 带电粒子从A 点移到C ′点,沿对角线A →C ′与沿路径A →B →B ′→C ′静电力做功相同 10．如图4，实线为三条未知方向的电场线,从电场中的M 点以相同的速度飞出a 、b 两个带电粒子,a 、b 的运动轨迹如图中的虚线所示(a 、b 只受静电力作用),则( )A.a 一定带正电,b 一定带负电B.静电力对a 做正功,对b 做负功C.a 的速度将减小,b 的速度将增大D.a 的加速度将减小,b 的加速度将增大11．如图5,在P 板附近有一电子由静止开始向Q 板运动.已知两极板间电势差为U,板间距为d,电子质量为m,电荷量为e.则关于电子在两板间的运动情况,下列叙述正确的是( )A.若将板间距d 增大一倍,则电子到达Q 板的速率保持不变B.若将板间距d 增大一倍,则电子到达Q 板的速率也增大一倍C.若将两极板间电势差U 增大一倍,则电子到达Q 板的时间保持不变D.若将两极板间电势差U 增大一倍,则电子到达Q 板的时间减为一半12．如图6所示,在匀强电场中a 、b 、c 、d 为矩形的四个顶点,ab=2 cm,ad=1 cm,e 、f 分别为ab 边和cd 边的中点.已知电场线的方向平行于矩形所在平面,且a 、b 、c 三点电势分别为4 V 、8 V 、6 V,则()图3A.d 点的电势为了10VB.场强大小为了2002VC.电场线方向沿fb 指向bD.一电子仅在静电力作用下从a 点运动到c 点,电势能增加二．不定项选择题（每小题4分，共16分） 13.下列公式适用于任何电场的是( )A ．W ＝qUB ．U ＝EdC ．E ＝F qD ．E ＝k Q r214．如图7所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中．导体处于静电平衡时，下列说法正确的是( )A ．A 、B 两点场强相等，且都为零 B ．A 、B 两点场强不相等C ．感应电荷产生的附加电场E A <E BD ．当电键S 闭合时，电子从大地沿导线向导体移动15.如图8所示，绝缘金属平行板电容器充电后，静电计的指针偏转一定角度，若减小两极板a 、b 间的距离，同时在两极板间插入电介质，如图所示，则( )A ．电容器的电势差会减小B．电容器的电势差会增大 C ．静电计指针的偏转角度会减图6D．静电计指针的偏转角度会增大16．如图9所示，AB和CD为圆上两条相互垂直的直径,圆心为O.将电荷量分别为+q和-q 的两点电荷放在圆周上,其位置关于AB对称且距离等于圆的半径,如图所示.要使圆心处的电场强度为零,可在圆周上再放一个适当的点电荷Q,则该点电荷( )A.应放在A点,Q=2qB.应放在B点,Q=-2qC.应放在C点,Q=-qD.应放在D点,Q=q三．作图填空（共20分）17．（2分）如图10是某电场的一条电场线，A、B是电场线上两点，试作出A点电场强度方向和负电荷在B点所受静电力方向。

云南省红河州蒙自一中高二物理上学期期末模拟试卷3(含解析)

2013-2014学年云南省红河州蒙自一中高二（上）期末物理模拟试卷（3）一、单项选择题（每题3分，共30分）1．（3分）（2013秋•蒙自县校级期末）下列说法中不正确的是哪一组（）A．（a）电场线一定是从正电荷出发，终止于负电荷（b）磁感线一定是从N极出发，终止于S极B．（c）正电荷在电场中受到的电场力的方向即为该点电场强度的方向（d）小磁针在磁场中N极受到的磁场力的方向即为该点磁场的方向C．（e）电场线上某点的切线方向即是该点电场强度的方向（f）磁感线上某点的切线方向即是该点的磁场的方向D．（g）电场线越密的地方电场强度越强（h）磁感线越密的地方磁场越强考点：磁感线及用磁感线描述磁场；电场线．版权所有分析：磁感线是假想的线，没有起点也没有终点，且是闭合的曲线，磁感线的疏密表示磁场强弱．静电场中的电场线不是闭合的曲线，始于正电荷（或无穷远），止于无穷远（或负电荷）．解答：解：A、静电场中的电场线一定不闭合，磁感线一定是闭合曲线，故A错误；B、正电荷在电场中受到的电场力的方向即为该点电场强度的方向；小磁针在磁场中N极受到的磁场力的方向即为该点磁场的方向．故B正确；C、电场线上某点的切线方向即是该点电场强度的方向，磁感线上某点的切线方向即是该点的磁场的方向，故C正确；D、电场线的疏密表示电场的强弱，电场线越密的地方电场强度越强；磁感线的疏密表示磁场强弱，磁感线越密的地方磁场越强，故D正确；本题选择不正确的，故选：A．点评：考查电场线与磁感线是否闭合，理解它们的疏密程度表示场的强弱，注意运动轨迹与电场线或感应线没有关系．2．（3分）（2015•松江区一模）为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）A．B．C．D．考点：分子电流假说．版权所有专题：电磁感应中的力学问题．分析：要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向．解答：解：地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西．故B正确．故选B．点评：主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在．另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定．3．（3分）（2009•德阳模拟）一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示．以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，ε表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）A．U变小，E不变B．E变大，ε变大C．U变小，ε变大D．U不变，ε变大考点：电容器的动态分析．版权所有专题：电容器专题．分析：平行板电容器充电后与电源断开后所带电量不变．移动极板，根据推论分析板间场强是否变化．由电容的决定式分析电容的变化，确定电压U的变化．根据P点与上板间电势差的变化，分析P点的电势如何变化，判断电势能的变化．解答：解：平行板电容器充电后与电源断开后所带电量Q不变，根据推论E=得知，板间场强E不变．由电容的决定式C=得到电容C增大，由电容的定义式C=分析得知，电压U变小．由U=Ed得知，P点与上板间的电势差变小，而P点的电势低于上板电势，则P点的升高，正电荷的电势能ɛ变大．故选：AC点评：电容器的电量和正对面积不变，板间场强E不变是重要的推论，要能根据电容的决定式C=、定义式C=和E=结合进行推导．4．（3分）（2013秋•池州期末）如图所示，AB是某点电荷电场中一条电场线，在电场线上P处自由释放一个负试探电荷时，它沿直线向B点处运动，对此现象下列判断正确的是（不计电荷重力）（）A．电荷向B做匀加速运动B．电荷向B做加速度越来越小的运动C．电荷向B做加速度越来越大的运动D．电荷向B做加速运动，加速度的变化情况不能确定考点：电场线；牛顿第二定律；电场强度．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：在电场线上P处自由释放一个负试探电荷时，它沿直线向B点处运动，电荷受到的电场力向右，所以电场线的方向向左，但是只有一条电场线，不能判断电场线的疏密的情况，不能判断电荷的受力的变化的情况，不能判断加速度的变化的情况，所以D正确．故选D．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5．（3分）（2013秋•通榆县校级期末）如图所示，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时．三个灯泡亮度的变化情况是（）A．L1变亮，L2和L3皆变暗B．L1变亮，L2不能确定，L3变暗C．L1变暗，L2变亮，L3也变亮D．L1变亮，L2变亮，L3变暗考点：闭合电路的欧姆定律．版权所有专题：恒定电流专题．分析：当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，判断灯L3亮度的变化．根据并联部分电压的变化，判断L1变化的变化．由总电流与L1电流的变化，判断L2亮度的变化．解答：解：当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得，电路中总电流I增大，L3变亮．并联部分电压U=E﹣I（R3+r），E、R3、r都不变，I增大，则U减小，L1变暗．流过L2的电流I2=I﹣I1，I增大，I1减小，I2增大，则L2变亮．故选C点评：本题电路中动态分析问题，当外电路某一部分电阻增大或减小时，外电路电路总电阻也随之增大或减小．6．（3分）（2014秋•巨鹿县校级期末）如图，带电粒子P所带的电荷量是带电粒子Q的3倍，它们以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入匀强电场，分别打在M、N点，若OM=MN，则P和Q的质量之比为（）A．3：4 B．4：3 C．3：2 D．2：3考点：带电粒子在匀强电场中的运动．版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带电粒子垂直进入电场，做类平抛运动，根据水平位移比得出运动的时间比，再通过竖直位移关系得出加速度的关系，结合牛顿第二定律以及电荷量之比得出它们的质量比．解答：解：粒子在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，两粒子的初速度相等，水平位移比为1：2，知运动时间比为1：2．根据y=，得加速度之比为4：1，根据牛顿第二定律得，a=，因为电，量比为3：1，则质量比为3：4．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道带电粒子在垂直于电场方向上做匀速直线运动，在沿电场方向上做初速度为零的匀加速直线运动．7．（3分）（2012•徐汇区二模）如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，曲线B为灯泡电阻的U﹣I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是（）A．4W、8W B．2W、4W C．4W、6W D．2W、3W考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．版权所有专题：恒定电流专题．分析：电源的外特性曲线与灯泡伏安特性曲线的交点就是灯泡与电源连接时的工作状态，由图可读出工作电压和电流及电源的电动势从而可算出电源的输出功率和总功率．解答：解：由图读出E=3V，r=0.5Ω灯泡与电源连接时，工作电压U=2V，I=2A则电源的输出功率P出=EI﹣I2r=（3×2﹣22×0.5）W=4W电源的总功率P总=EI=3×2W=6W故选C点评：解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进行分析，更加全面地读出图象的物理内涵．8．（3分）（2013秋•蒙自县校级期末）如图所示，把轻质导线圈用绝缘细线悬挂在磁铁N极附近，磁铁的轴线穿过线圈的圆心，且垂直于线圈平面，当线圈中通入如图方向的电流后，线圈的运动情况是（）A．线圈向左运动B．线圈向右运动C．从上往下看顺时针转动D．从上往下看逆时针转动考点：安培定则．版权所有分析：将环形电流等效为小磁针，根据同性相斥，异性相吸判断线圈的运动．解答：解：根据右手螺旋定则，环形电流可以等效为小磁针，小磁针的N极指向右，根据异性相吸，知线圈向左运动．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：通电电流处于条形磁铁产生的磁场中，受到安培力作用，根据左手定则判断．本题用等效法解决比较简单．9．（3分）（2012•滨州一模）图是质谱仪工作原理的示意图．带电粒子a、b经电压U加速（在A点初速度为零）后，进入磁感应强度为B的匀强磁场做匀速圆周运动，最后分别打在感光板S上的x1、x2处．图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则（）A．a的质量一定大于b的质量B．a的电荷量一定大于b的电荷量C．a运动的时间大于b运动的时间D．a的比荷（）大于b的比荷（）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．版权所有专题：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子先在匀强电场中做匀加速直线运动，再进入磁场做匀速圆周运动，轨迹为半圆，本题动能定理和牛顿第二定律求解．解答：解：设粒子经电场加速后的速度大小为v，磁场中圆周运动的半径为r，电荷量和质量分别为q、m，打在感光板上的距离为S．根据动能定理，得qU=mv2，v=由qvB=m，r==则S=2r=得到=由图，Sa＜S b，U、B相同，则故选D点评：本题属于带电粒子在组合场中运动问题，电场中往往用动能求速度，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹．10．（3分）（2011•宝丰县校级模拟）如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则下列说法正确的是（）①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等．A．①②B．①③C．③④D．①④考点：电势能；动能定理的应用．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据轨迹判定电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0．解答：解：①由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，故两粒子的电性一定不同．故①正确．②甲粒子从a到c和乙粒子从a到d，U ac=U ad，但甲、乙两粒子带异种电荷，所以甲粒子从a到c电场力做功与乙粒子从a到d电场力做功不等，所以甲粒子经过c点时的动能不等于乙粒子经过d点时的动能，甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度，故②正确．③由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，则电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加；而电荷乙受到中心电荷的斥力，电场力先做负功后做正功，电势能先增加后减小，故③错误．④可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0，两粒子在a点时具有相同的速率，但动能不一定相等，虽重力不计，两粒子经过b点时动能不一定相等．故④错误因此本题正确的有①②．故选：A．点评：根据轨迹判定“电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力”是解决本题的突破口．要注意电势能，电荷，电势都有正负．学会由电场力做功的正负来确定电势能的增减．二、多项选择题（每题4分，共20分）11．（4分）（2013秋•蒙自县校级期末）如图所示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一粒子恰能沿直线飞过此区域（不计粒子重力）（）A．若粒子带正电，E方向应向下B．若粒子带负电，E方向应向上C．若粒子带正电，E方向应向上D．不管粒子带何种电，E方向都向下考点：带电粒子在混合场中的运动．版权所有专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，粒子离子在复合场中沿水平方向直线通过故有qE=qvB，若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场力向下，若带负电，则受洛伦兹力向下，而电场力向上，由此可正确解答结果．解答：解：在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，在不计重力的情况下，离子在复合场中沿水平方向直线通过故有：qE=qvB；若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场力向下，所以电场强度的方向向下；若带负电，则受洛伦兹力向下，而电场力向上，所以电场强度的方向向下；因此AD正确，BC错误．故选：AD．点评：本题考查了速度选择器的工作原理，速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的，故速度选择器只能选择速度而不能选择电性．12．（4分）（2015•包头一模）空间存在竖直向下的匀强电场和水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力共同作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C为运动的最低点．不计重力，则（）A．该离子带负电B．A、B两点位于同一高度C．C点时离子速度最大D．离子到达B点后，将沿原曲线返回A点考点：带电粒子在混合场中的运动．版权所有专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：带电粒子由静止释放（不考虑重力），在电场力的作用下会沿电场向下运动，在运动过程中，带电粒子会受到洛伦兹力，所以粒子会沿逆时针方向偏转，到达C点时，洛伦兹力方向向上，此时粒子具有最大速度，在之后的运动中，粒子的电势能会增加速度越来越小，到达B点时速度为零．之后粒子会继续向右重复由在由A经C到B的运动形式．解答：解：A、粒子开始受到电场力作用开始向下运动，在运动过程中受洛伦兹力作用，知电场力方向向下，则离子带正电．故A错误．B、根据动能定理知，洛伦兹力不做功，在A到B的过程中，动能变化为零，则电场力做功为零，A、B两点等电势，因为该电场是匀强电场，所以A、B两点位移同一高度．故B正确．C、根据动能定理得，离子运动到C点电场力做功最大，则速度最大．故C正确．D、只要将离子在B点的状态与A点进行比较，就可以发现它们的状态（速度为零，电势能相等）相同，如果右侧仍有同样的电场和磁场的叠加区域，离子就将在B之右侧重现前面的曲线运动，因此，离子是不可能沿原曲线返回A点的．如图所示．故选：BC．点评：本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，要注意洛伦兹力永不做功，难度适中．13．（4分）（2013•贵州学业考试）如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点少0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据轨迹的弯曲方向判断电性．在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较AB 两点的机械能．解答：解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力向右，与电场方向相同，所以带电粒子应带正电．故A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，由题意电场力做的功为1.5J，则电势能减少1.5J，所以在A点的电势能比B点的电势能大1.5J．故B错误．C、从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，则总功为W=﹣2J+1.5J=﹣0.5J．由动能定理可知，粒子在A点的动能比在B点多0.5J，故C错误．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，即粒子在A点的机械能比在B点少1.5J．故D正确．故选：D．点评：解决本题关键要掌握常见的功与能的关系，能运用能量转化和守恒定律进行分析．14．（4分）（2011秋•焦作期末）质量为m、带电量为q的小物块，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向里的匀强磁场中，磁感应强度为B，如图所示．若带电小物块下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的是（）A．小物块一定带有正电荷B．小物块在斜面上运动时做匀加速直线运动C．小物块在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D．小物块在斜面上下滑过程中，当小球对斜面压力为零时的速率为考点：洛仑兹力；牛顿第二定律．版权所有专题：应用题．分析：带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，知洛伦兹力的方向垂直于斜面向上，根据左手定则判定小球的电性．对小球进行受力分析，根据受力情况确定其运动情况．当压力为零时，抓住垂直于斜面方向上的合力为零，求出小球的速率．解答：解：A、带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，知洛伦兹力的方向垂直于斜面向上．根据左手定则知，小球带负电．故A错误．B、小球在运动的过程中受重力、斜面的支持力、洛伦兹力，合外力沿斜面向下，大小为mgsinθ，根据牛顿第二定律知a=gsinθ，小球在离开斜面前做匀加速直线运动．故B正确，C错误D、当压力为零时，在垂直于斜面方向上的合力为零，有mgcosθ=qvB，解得：v=，故D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键是正确地进行受力分析，抓住垂直于斜面方向上的合力为零，进行分析求解．15．（4分）（2013秋•蒙自县校级期末）如图所示，条形磁铁放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根长直导线，导线中通与了方向垂直纸面向里（即与条形磁铁垂直）的电流，与原来没有放置通电导线时相比较，磁铁受到的支持力N和摩擦力f的变化情况是（）A．N减小了B．N增大了C．f始终为0 D．f不为0，且方向向右考点：安培力．版权所有分析：以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来选择．解答：解：以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右下方；根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左上方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力减小；故选：AD．点评：本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力．关键存在先研究导线所受安培力．三、实验题（本题共2小题，共12分）16．（6分）（2013秋•通榆县校级期末）一多用电表的欧姆挡有三个倍率，分别是×1Ω、×10Ω、×100Ω．用×10Ω挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到×100Ω挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是欧姆调零，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是2200 Ω．考点：用多用电表测电阻．版权所有专题：实验题．分析：用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．解答：解：用×10Ω挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，说明所选档位太小，为了较准确地进行测量，应换到×100Ω挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是：重新进行欧姆调零，由图示表盘可知，该电阻的阻值是22×100Ω=2200Ω．故答案为：×100Ω；欧姆调零；2200．点评：本题考查了欧姆表档位的选择与欧姆表读数、欧姆表使用注意事项，用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．17．（6分）（2013秋•蒙自县校级期末）在用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻的实验中，所用电流表和电压表的内阻分别为0.1Ω和1kΩ，如图1为实验原理图及所需器件图．一位同学记录的6组数据见表：I（A）0.12 0.20 0.31 0.32 0.50 0.57U（V） 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05试根据这些数据在图2坐标图中画出U﹣I图象，根据图象读出电池的电动势E= 1.45 V，求出电池内阻r= 0.69 Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．版权所有专题：实验题；恒定电流专题．分析：应用描点法作出图象，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．解答：解：根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象，图象如图所示：由图象图象可知，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值为1.45，则电源电动势E=1.45V，电源内阻r===0.69Ω．故答案为：图象如图所示；1.45；0.69．点评：本题考查了作图象、求电源电动势与内阻，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．三、计算题（本题共4小题，共38分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）18．（9分）（2013秋•咸阳期末）把带电荷量2×10﹣8C的正点电荷从无限远处移到电场中A 点，要克服电场力做功8×10﹣6J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2×10﹣6J，取无限远处电势为零．求：（1）A点的电势；（2）A、B两点的电势差；（3）若把2×10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功．考点：电势；电势差；电势能．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场力做功与电势能变化的关系公式W AB=E pA﹣E pB求出电荷在电场中各个点的电势能，再根据电势的定义式φ=得到各个点的电势；最后根据电场力做功与电势差关系公式W AB=qU AB求解电场力做的功．解答：解：（1）无穷远处某点O的电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式W AB=E pA ﹣E pB，有W OA=E pO﹣E pA无穷远处电势能为零，即E pO=0故E pA=﹣W OA=8×10﹣6J根据电势的定义式φ=，有φA==即A点的电势为400V．（2）把该电荷从无限远处的O点移到电场中B点，需克服电场力做功2×10﹣6J，取无限远处电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式W AB=E pA﹣E pB，有W OB=E pO﹣E pB无穷远处电势能为零，即E pO=0故E pB=﹣W OB=2×10﹣6J根据电势的定义式φ=，有。

云南省蒙自市蒙自第一中学高二物理3月月考试卷(无答案

云南省蒙自市蒙自第一中学2013-2014学年高二物理3月月考试卷（无答案）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号、考场号、座号写在答题卡密封线内。

2．本科试卷分第Ⅰ卷、第Ⅱ卷两部分。

答案都在答题卡上作答，答在试卷上的一律无效。

第I卷（选择题共54分）一、选择题：（9小题，每小题6分，共54分。

在以下每小题所给出的选项中，第2、4、9题为多选题，其余各题均为单选题，请将正确答案填在答题卡中，选对得6分，对而不全得3分，选错或有一个选项选错得0分。

）1．关于感应电流，下列说法中正确的是（）A、只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B、穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C、线圈不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流D、只要电路的一部分作切割磁感线的运动，电路中就一定有感应电流2．穿过一个电阻为2 的闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，则线圈中：A、感应电动势为0.4VB、感应电动势每秒减小0.4VC、感应电流恒为0.2AD、感应电流每秒减小0.2A3．在闭合铁芯上绕有一组线圈，线圈与滑动变阻器、电池构成电路，假定线圈产生的磁感线全部集中在铁芯内，a，b，c三个闭合金属圆环位置如图所示，当滑动变阻器的滑片左右滑动时，能产生感应电流的圆环是( )A．a，b两环B．b，c两环C．a，c两环D．a，b，c三个环4．如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1(左)匀速运动到位置2(右)，则下列判断正确的是( )A．导线框进入磁场时，感应电流方向为a→d→c→b→aB．导线框离开磁场时，感应电流方向为a→b→c→d→aC．导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右D．导线框进入磁场时，受到的安培力方向水平向左5．水平放置的金属框架cdef处于如图所示的匀强磁场中，金属棒ab处于粗糙的框架上且与框架接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则( ) A． ab中电流增大，ab棒所受摩擦力也增大B．ab中电流不变，ab棒所受摩擦力也不变C．ab中电流不变，ab棒所受摩擦力增大D．ab中电流增大，ab棒所受摩擦力不变7．一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电的图象如图所示，由图可以知道: （）A、0.01s时刻线圈处于中性面位置B、0.01s时刻穿过线圈的磁通量为零C、该交流电流有效值为2AD、该交流电流频率为50Hz8．如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域．从BC边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况(以逆时针方向为电流的正方向)是如图所示中的9．一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2，正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U1和U2，I1和I2，P1和P2，已知n1>n2，则( )A．U1>U2，P1<P2B．P1＝P2，I1<I2C．I1<I2，U1>U2 D．P1>P2，I1>I2第Ⅱ卷（非选择题共56分）二、填空题（16分，每空2分）10．如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22W；原线圈电路中接有电压表和电流表。

云南省蒙自市蒙自一中2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题(1-26班)

云南省蒙自市蒙自第一中学2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题（1-26班）1．电场线可以形象地描述电场的强弱和方向，最早提出用电场线描述电场的物理学家是A．库仑B．安培C．法拉第D．奥斯特2．下列用电器中，利用静电的吸附作用进行工作的是A.复印机B.电冰箱C.电话机D.电饭煲3.关于电流强度的概念，下列叙述中正确的是A．通过导体截面的电量越多，电流强度越大B．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流强度越大C．在金属导体内自由电子定向移动的方向就是电流方向D．因为电流有方向，所以电流强度是矢量4. 一只普通家用照明白炽灯泡（如台灯灯泡）正常发光时，通过它的电流与下列哪一数值较为接近是A．20A B．2A C．0.2A D．0.02A 5．用控制变量法，可以研究影响电荷间相互作用力的因素．如图所示，O是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P1、P2、P3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力大小，这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ显示出．若物体O的电荷量用Q表示，小球的电荷量用q表示，物体与小球间距离用d表示，物体和小球之间的作用力大小用F表示．则以下对该实验现象的判断正确的是A．保持Q、q不变，增大d，则θ变大，说明F与d有关B．保持Q、q不变，减小d，则θ变大，说明F与d成反比C．保持q、d不变，减小Q，则θ变小，说明F与Q成正比D ．保持Q 、d 不变，减小q ，则θ变小，说明F 与q 有关6．如图所示，a 、b 是电场中的两点. 下列说法中正确的是 A.a 点的场强比b 点的大 B.a 点的场强与b 点的一样大C.同一个点电荷在a 点所受的电场力比在b 点所受的电场力小D.同一个点电荷在a 点所受的电场力与在b 点所受的电场力一样大7．关于场强与电势的关系，下列说法正确的是A ．场强相等的各点，电势也一定相等B ．电势为零的位置，场强也一定为零C ．电势高的位置，场强一定大D ．沿场强的反方向，电势逐渐升高8．下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有①电场强度E=F/q②电场强度E=U/d ③电场强度E=kQ/r 2 ④电场力做功W=UqA ．①③B ．①④C ．②④D ．②③9．如图所示描绘了两个电阻的U －I 图，由图中可知，若将这两个电阻并联接入电路中，则通过R 1、R 2的电流之比是A ．1∶6B ．3∶1C ．6∶1D ．1∶210.下列四张图中，沿MN 直线从M 到N 的过程中，电场强度是先增大后减小的是M N 两个等量异种电荷 AM N两个等量同种电荷 BMN两个等量异种电荷MN两个等量同种电荷二、双项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题只有两个选项符合题意，全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）11.关于元电荷的理解，下列说法正确的是 A.元电荷就是电子B.元电荷是自然界中真实存在的一种实物粒子C.元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量D.物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍12.两个半径均为R 的金属小球，带电量之比为1∶3，相距为r （r >>R ），两者相互接触后再放回原的位置上，则相互作用力可能为原的A ．1B ．1/3C ．2/3D ．4/3 13.对于水平放置的平行板电容器，下列说法错误的是A ．将两极板的间距加大，电容将增大B ．将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小C ．在下极板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增小D ．在下极板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大14.关于用电器的额定功率，下列说法正确的是A.根据I U P ⋅=，电压和电流都相等的用电器其实际电功率一定相等B.工作时间相同，额定功率较大的用电器消耗的电能不一定较多C.用电器不通电时，其额定功率为零D.两个用电器串联，它们的电功率一定相等15.如图所示是测定两个电电动势和内阻实验中得到的电流和路端电压图线，则应有A ．当I 1＝I 2，电总功率P 1＝P 2B．当I1＝I2，外电阻R1＝R2C．当U1＝U2时，电输出功率P出1<P出2D．当U1＝U2时，电内部消耗的功率P内1＝P内2第Ⅱ卷（选择题60分）三、实验题（共20分．把答案填在答题卡的横线上）16.（4分）某同学用伏安法测电阻，分别采用电流表内接法和外接法，测量某Rx的阻值分别为R1和R2，则测量值R1，R2和真实值Rx之间的关系是A．R1＞Rx＞R2B．R1＜Rx＜R2C．R1＞R2＞RxD．R1＜R2＜Rx17.（4分）多用电表测电阻时，下列操作中正确的是A.测量前检查表针是否停在左端的“O”位置，如不在则要进行欧姆调零B.用“×1”欧姆挡，若指针恰好在刻度30～50的正中，则待测电阻为40ΩC.用“×1K”挡，若指针偏转角度太大，应换成“×100”或“×10”或“×1”D.每次换挡后都要重新欧姆调零18．（4分）如左下图所示，螺旋测微器测量某金属丝的直径，则此金属丝的直径是mm。

云南省蒙自市蒙自第一中学高二物理上学期开学考试试题

蒙自一中2015—2016学年上学期物理开学测试卷高二物理试卷考试时间：90分钟试卷满分：110分第Ⅰ卷（选择题 50分）一、单项选择题（每小题所给出的四个选项中，只有一项是符合题意的。

每小题3分，共30分）1. 做曲线运动的物体，在运动过程中一定变化的物理量是（）A．速率 B．速度 C．加速度 D．加速度大小2. 荡秋千是儿童喜爱的运动，当秋千荡到最高点时小孩的加速度方向可能是（）A．1方向 B．2方向 C．3方向 D．4方向3. 图所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点。

左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r.b点在小轮上，到小轮中心的距离为r。

c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上。

若在传动过程中，皮带不打滑，则说法错误的是（）A．b点与c点的角速度大小相等B．a点与b点的角速度大小相等C．a点与c点的线速度大小相等D．a点与d点的向心加速度大小相等4. 发现万有引力定律和测出引力常量的科学家分别是（）A．开普勒、卡文迪许 B．牛顿、伽利略 C．牛顿、卡文迪许 D．开普勒、伽利略5．我国研制的北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，计划到2020年完全建成。

系统由5颗地球同步轨道和30颗地球非同步轨道卫星组网而成。

2012年12月27日，北斗导航系统正式投入运营，这些卫星的运动均可看作匀速圆周运动，以下说法正确的是（）A．北斗导航系统中地球同步轨道的卫星可以定位在济南正上方B．北斗导航系统中卫星的运行速度可以大于7.9 km/sC．地球同步轨道卫星的周期和月亮绕地球的周期相同D．北斗导航系统中离地球越近的卫星线速度越大6. 两互相垂直的力F1和F2作用在同一物体上，使物体运动一段位移后，力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，则合力对物体做功为（）A．7 J B．1 J C．5 J D．3.5 J7. 下列叙述中正确的是（）A. 合外力对物体做功为零的过程中,物体的机械能一定守恒B. 物体在合外力作用下做变速运动,则物体动能一定变化C. 物体的动能不变,则物体所受的合外力一定为零D. 当只有重力或弹簧弹力对物体做功时,物体和弹簧组成的系统的机械能一定守恒8. a 、b 、c 三球自同一高度以相同速率抛出，a 球竖直上抛，b 球水平抛出，c 球竖直下抛．设三球落地时的速率分别为v a 、v b 、v c ，则（）A ．v a ＞v b ＞v cB ．v a ＝v b ＞v cC ． v a ＜v b ＜v cD ． v a ＝v b ＝v c9. 速度为v 的子弹，恰可穿透一固定着的木板，如果子弹速度为2v ，子弹穿透木板的阻力视为不变，则可穿透同样的木板（）A. 2 块B. 3 块C. 4 块D. 1 块10．如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m 的圆环，圆环与一橡皮绳相连，橡皮绳的另一端固定在地面上的A 点，橡皮绳竖直时长度为h ，处于原长状态。

云南省蒙自市蒙自第一中学(凤凰校区)2014-2015学年高二10月月考物理试题

云南省蒙自市蒙自第一中学（凤凰校区）2014-2015学年高二10月月考物理试题考试时间：90分钟试卷满分：110分一．单项选择题（下列各题中，只有一个选项是符合题意的，选出来，在答题卡中适当位置进行填涂。

每小题3分，共36分）1．如图1所示，在真空中，把一个绝缘导体向带负电的球P 慢慢靠近．关于绝缘导体两端的电荷，下列说法中错误．．的是( ) A ．两端的感应电荷越来越多 B ．两端的感应电荷是同种电荷 C ．两端的感应电荷是异种电荷 D ．两端的感应电荷电荷量相等2．关于元电荷的下列说法中错误．．的是( ) A ．元电荷实质上是指电子和质子本身B ．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C ．元电荷的数值通常取作e ＝1.6×10－19CD ．电荷量e 的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的 3．下列说法正确的是( ) A ．点电荷就是体积很小的带电体B ．点电荷就是体积和所带电荷量很小的带电体C 根据F=kq 1q 2r 2可知,当r →0时,有F →∞ D ．静电力常量的数值是由实验得出的4．两个半径相同的金属小球，带异种电荷量之比为1∶7，相距r ，两者相互接触后，再放回原来的位置，则相互作用力是原来的( )A.47B.37 C .97 D.1675．电场强度E 的定义式为E ＝Fq ，下面说法中正确的是( )A ．该定义只适用于点电荷产生的电场B ．上式中，F 是放入电场中的点电荷所受的静电力，q 是放入电场中的点电荷的电荷量C ．上式中，F 是放入电场中的点电荷所受的静电力，q 是产生电场的电荷的电荷量图1D ．库仑定律的表达式F ＝kq 1q 2r 2可以说是点电荷q 2产生的电场在点电荷q 1处的库仑力大小；而kq 1r2不能说是点电荷q 1产生的电场在点电荷q 2处的场强大小6．下列关于电荷的电势能的说法正确的是( ) A ．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大 B ．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零 C ．只在静电力的作用下，电荷的电势能一定减少D ．只在静电力的作用下，电荷的电势能可能增加，也可能减少 7．下列说法正确的是( )A ．A 、B 两点的电势差，等于将正电荷从A 点移到B 点时静电力所做的功 B ．电势差是一个标量，但是有正值或负值之分C ．静电力做功跟移动电荷的路径有关，而电势差跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关D ．A 、B 两点的电势差是恒定的，不随零电势面的不同而改变，所以U AB ＝U BA 8．如图2所示，实线为电场线，虚线为等势线，且AB ＝BC ，电场中的A 、B 、C 三点的场强分别为E A 、E B 、E C ，电势分别为φA 、φB 、φC ，AB 、BC 间的电势差分别为U AB 、U BC ，则下列关系中错误．．的是( ) A ．φA >φB >φC B ．E C >E B >E A C ．U AB <U BC D ．U AB ＝U BC9．如图3所示的匀强电场E 的区域内，由A 、B 、C 、D 、A ′、B ′、C ′、D ′作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面ABCD 垂直，下列说法正确的是( )A ．A 、D 两点间电势差U AD 与A 、A ′两点间电势差U AA ′相等B 带正电的粒子从A 点沿路径A →D →D ′移到D ′点,静电力做负功C 带负电的粒子从A 点沿路径A →D →D ′移到D ′点,电势能减小D 带电粒子从A 点移到C ′点,沿对角线A →C ′与沿路径A →B →B ′→C ′静电力做功相同10．如图4，实线为三条未知方向的电场线,从电场中的M 点以相同的速度飞出a 、b 两个带电粒子,a 、b 的运动轨迹如图中的虚线所示(a 、b 只受静电力作用),则( )A.a 一定带正电,b 一定带负电B.静电力对a 做正功,对b 做负功C.a 的速度将减小,b 的速度将增大 D .a 的加速度将减小,b 的加速度将增大图2图3 图411．如图5,在P 板附近有一电子由静止开始向Q 板运动.已知两极板间电势差为U,板间距为d,电子质量为m,电荷量为e.则关于电子在两板间的运动情况,下列叙述正确的是( )A .若将板间距d 增大一倍,则电子到达Q 板的速率保持不变 B.若将板间距d 增大一倍,则电子到达Q 板的速率也增大一倍 C.若将两极板间电势差U 增大一倍,则电子到达Q 板的时间保持不变 D.若将两极板间电势差U 增大一倍,则电子到达Q 板的时间减为一半12．如图6所示,在匀强电场中a 、b 、c 、d 为矩形的四个顶点,ab=2 cm,ad=1 cm,e 、f 分别为ab 边和cd 边的中点.已知电场线的方向平行于矩形所在平面,且a 、b 、c 三点电势分别为4 V 、8 V 、6 V,则( )A.d 点的电势为了10V B .场强大小为了2002V C.电场线方向沿fb 指向bD.一电子仅在静电力作用下从a 点运动到c 点,电势能增加二．不定项选择题（每小题4分，共16分）13.下列公式适用于任何电场的是( )A ．W ＝qUB ．U ＝EdC ．E ＝F qD ．E ＝k Qr214．如图7所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中．导体处于静电平衡时，下列说法正确的是( )A ．A 、B 两点场强相等，且都为零 B ．A 、B 两点场强不相等C ．感应电荷产生的附加电场E A <E BD ．当电键S 闭合时，电子从大地沿导线向导体移动15.如图8所示，绝缘金属平行板电容器充电后，静电计的指针偏转一定角度，若减小两极板a 、b 间的距离，同时在两极板间插入电介质，如图所示，则( )A ．电容器的电势差会减小B ．电容器的电势差会增大C ．静电计指针的偏转角度会减小D ．静电计指针的偏转角度会增大16．如图9所示，AB 和CD 为圆上两条相互垂直的直径,圆心为O.将电荷量分别为+q 和-q 的两点电荷放在圆周上,其位置关于AB 对称且距离等于圆的半径,如图所示.要使圆心处的电场强度为零,可在圆周上再放一个适当的点电荷Q,则该点电荷图5图6图7图8( )A.应放在A 点,Q=2qB.应放在B 点,Q=-2qC.应放在C 点,Q=-q D .应放在D 点,Q=q三．作图填空（共20分）17．（2分）如图10是某电场的一条电场线，A 、B 是电场线上两点，试作出A 点电场强度方向和负电荷在B 点所受静电力方向。

2014年蒙自一中高一物理10月质量检测卷(附答案)

2014年蒙自一中高一物理10月质量检测卷（附答案）第I卷（选择题50分）一、单项选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的。

每题3分，共30分）1、下列各组物理量中，都是矢量的是( )A．位移、时间、速度 B．速度、速率、加速度C．加速度、速度变化量、速度 D．路程、时间、位移2、下列有关质点的说法中正确的是( )A．只有质量和体积都极小的物体才能视为质点B．研究一列火车过铁路桥经历的时间时,可以把火车视为质点C．研究自行车的运动时,因为车轮在不停地转动,所以在任何情况下都不能把自行车视为质点D．虽然地球很大,还在不停地自转,但是在研究地球的公转时,仍然可以把它视为质点3、甲乙两辆汽车在平直公路上运动，甲车内的人看见乙车没有运动，而乙车内的人看见路旁的树木向西移动。

如果以地面为参考系，上述观察说明（）A．甲车不动，乙车向东运动 B．乙车不动，甲车向东运动C．甲车向西运动，乙车向东运动 D．甲、乙两车以相同的速度都向东运动4、在公路的每个路段都有交通管理部门设置的限速标志，如图所示，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时( )A．必须以这一规定速度行驶 B．平均速度大小不得超过这一规定数值C．瞬时速度大小不得超过这一规定数值D．汽车上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规定值的5、如图所示，某校学生开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两人从O点同时出发，并同时到达A点搜到狐狸，两人的搜狐路径已在右图中标出，则( )A．甲的平均速度大于乙的平均速度B．两人运动的平均速度相等C．甲的位移大于乙的位移 D．甲的路程等于乙的路程6、如下图所示，关于时间和时刻，下列说法正确的是( )A．“神舟”五号飞船点火的时间是15日09时0分B．“神舟”五号飞船从点火到杨利伟在太空中展示中国国旗和联合国国旗用的时间是9小时40分50秒C．飞船成功着陆的时间是11小时42分10秒D．“神舟”五号飞船在空中总飞行时间为11小时42分10秒7、一汽车刹车前的速度为20m/s，刹车时的加速度大小为4m/s2，汽车刹车后6s末的速度为A．0 B. -4m C. 48m D. 50m8、一个小球从距地面4m高处落下,被地面弹回,在距地面1m高处被接住。

南湖校区)14—15学年高二10月月考物理(附答案)

云南省蒙自市蒙自第一中学（南湖校区）14—15学年高二10月月考物理试题3．下列关于场强和电势的叙述正确的是（）A ．在匀强电场中，场强处处相同，电势也处处相等B ．等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势为零，场强不为零C ．在正点电荷形成的电场中，离点电荷越远，电势越高，场强越小D ．在任何电场中，场强越大的地方，电势也越高4．电荷从静止开始只在电场力作用下的运动(最初阶段的运动)，则电荷( )A ．总是从电势高的地方移到电势低的地方B ．总是从电场强度大的地方移到电场强度小的地方C ．总是从电势能大的地方移到电势能小的地方D ．总是从电势能小的地方移到电势能大的地方5．对于电场中A 、B 两点，下列说法正确的是（）A ．由U AB ＝AB W q知说明两点间的电势差U AB 与电场力做功W AB 成正比，与移动电荷电量q 成反比B ．A 、B 两点间的电势差等于将正电荷从A 点移到B 点电场力所做的功C ．电荷由A 点移到B 点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的减少量就不再等于电场力所做的功D ．将1C 正电荷从A 点移到B 点，电场力做1 J 的功，这两点间的电势差为1V6．在真空中有两个点电荷，带电量分别为q 1、q 2，相距为L ，它们之间的库仑力为F ，下列情况正确的是（）A ．若它们所带的电量不变，距离变为2L ，则它们之间的库仑力变为2FB ．若它们所带的电量不变，距离变为2L ，则它们之间的库仑力变为2F C ．若它们之间的距离不变，电量都变为原来的2倍，则它们之间的库仑力变为4FD ．若它们之间的距离不变，电量都变为原来的一半，则它们之间的库仑力变为4F7. 如图所示，真空中O 点有一点电荷，在它产生的电场中有a 、b 两点，a 点的场强大小为E a ，方向与ab 连线成60°角，b 点的场强大小为E b ，方向与ab 连线成30°角．关于a 、b 两点场强E a 、E b 及电势φa 、φb 的关系，正确的是 ( )A ．E a ＝3E b ，φa >φbB ．E a ＝3E b ，φa <φbC ．E a ＝E b 3，φa <φb D ．E a ＝3E b ，φa <φb 8.有一个带正电的验电器，当一金属球接近它时，观察到验电器金属箔的张角减小了，下列判断金属球情况不正确的（）A 、可能带正电荷B 、可能带负电荷C 、可能不带电D 、一定不带正电荷9．一个电子在电场中A 点具有80eV 的电势能，当它由A 运动到B 克服电场力做功30eV ，则（）A ．电子在B 点的电势能是50eV B ．B 点的电势为110VC ．电子的电势能增加了－30 eVD ．B 点的电势为-110V10.两个完全相同的金属球A 和B 带电量之比为1：7 ，相距为r 。

云南省蒙自市蒙自第一中学最新高二4月月考物理试题

﹝考生注意﹞所有试题必须在答题卡上答题,答在试卷上一律无效;。

答题时间9０分钟.第Ⅰ卷选择题共5０分一、单项选择题:１0小题，每小题3分,共3０分。

每小题中只有一个正确选项,不选、错选或多选均得零分。

1．首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是　A．安培和法拉第 B。

法拉第和楞次Ｃ.奥斯特和安培Ｄ.奥斯特和法拉第2、如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是　3。

一电器中的变压器可视为理想变压器，它将２20 Ｖ交变电流改变为1１０V。

已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为　A。

2００ﻩB．４00C。

160０ﻩD.320０4．小型手摇发电机线圈共N匝,每匝可简化为矩形线圈abcd,磁极间的磁场视为匀强磁场,方向垂直于线圈中心轴OO′，线圈绕OO′匀速转动,如图所示.矩形线圈aｂ边和cｄ边产生的感应电动势的最大值都为e0,不计线圈电阻,则发电机输出电压　A．峰值是e0B.峰值是2e０C．有效值是Ne0D.有效值是Ne０＼r(２)5.图示电路中，变压器为理想变压器,a、b接在电压有效值不变的交流电源两端,Ｒ０为定值电阻，Ｒ为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A 1的示数增大了０。

2　A,电流表A 2的示数增大了0．8A ，则下列说法正确的是 A.电压表Ｖ1示数增大B 。

电压表V 2、V 3示数均增大C 。

该变压器起升压作用D.变阻器滑片是沿c →d 的方向滑动6。

图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T 的原、副线圈匝数分别为n 1、ｎ２，在T 的原线圈两端接入一电压u =U m s ｉn ωt 的交流电源，若输送电功率为P ,输电线的总电阻为２ｒ，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为Ａ．B.C 。

422ｒＤ．422r n ２n 1７.图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管,视变压器为理想变压器,原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变。

云南省红河州蒙自一中南湖校区2014-2015学年高二数学上学期10月月考试卷(含解析)

云南省红河州蒙自一中南湖校区2014-2015学年高二上学期10月月考数学试卷一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1．（5分）sin330°=（）A．B．﹣C．D．﹣2．（5分）直线x﹣y﹣2014=0的倾斜角的大小是（）A．B．C．D．3．（5分）将﹣885°化为α+k•360°（0°≤α＜360°，k∈Z）的形式是（）A．﹣165°+（﹣2）•360°B．195°+（﹣3）•360°C．195°+（﹣2）360°D．165°+（﹣3）•360°4．（5分）若，且α是第二象限角，则tanα的值为（）A．﹣B．C．D．5．（5分）若θ=﹣5，则角θ的终边在第（）象限．A．四B．三C．二D．一6．（5分）若tanα=2，则的值为（）A．0 B．C．1 D．7．（5分）函数y=sin（2x+）的图象（）A．关于点（，0）对称B．关于直线x=对称C．关于点（，0）对称D．关于直线x=对称8．（5分）α∈[0，2π]，且+=sinα﹣cosα，则α∈（）A．[0，] B．[，π] C．[π，] D．[，2π]9．（5分）下列函数中，周期为π，且在上为减函数的是（）A．B．C．D．10．（5分）角α的终边过P（sin，cos），则角α的最小正值是（）A．B．C．D．11．（5分）a=sin，b=cos，c=tan，则a，b，c的大小关系是（）A．a＞b＞c B．c＞a＞b C．b＞a＞c D．a＞c＞b12．（5分）已知函数，则f（x）的值域是（）A．[﹣1，1] B．C．D．二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．将答案填在答题卡的相应位置．13．（5分）化简（1+tan2α）cos2α=．14．（5分）sin+cos+tan（﹣）=．15．（5分）函数y=的定义域为．16．（5分）函数f（x）=3sin（2x﹣）的图象为C，则如下结论中正确的序号是①图象C关于直线x=π对称；②函数f（x）在区间（﹣，）内是增函数；③图象C关于点（，0）对称；④当x=2kπ+π，k∈z时f（x）取最大值．三、解答题：本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．17．（10分）已知f（α）=，且α为第三象限角．（Ⅰ）化简f（α）．（Ⅱ）若，求f（a）的值．18．（12分）已知tanα=2，求sinα和cosα．19．（12分）（Ⅰ）如图，一个扇形OAB的面积是1cm2，它的周长是4cm，求圆心角的弧度数和弦长AB．（Ⅱ）已知f（x）=﹣sin2x+sinx+a，若1≤f（x）≤对一切x∈R恒成立，求实数a的范围．20．（12分）已知y=a﹣bcos3x（b＞0）的最大值为，最小值为﹣，（Ⅰ）求函数y=﹣4asin（3bx）的周期、最大值，并求取得最大值时的x之值；（Ⅱ）求函数单调递减区间．21．（12分）已知sinx+cosx=﹣（0＜x＜π），求tanx的值．22．（12分）f（x）=2cos2x﹣2acosx﹣1﹣2a的最小值为g（a），a∈R（1）求g（a）；（2）若g（a）=，求a及此时f（x）的最大值．云南省红河州蒙自一中南湖校区2014-2015学年高二上学期10月月考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1．（5分）sin330°=（）A．B．﹣C．D．﹣考点：诱导公式的作用．专题：计算题．分析：由诱导公式知sin330°=sin（270°+60°）=﹣cos60°，由此能求出其结果．解答：解：sin330°=sin（270°+60°）=﹣cos60°=﹣．故选B．点评：本题考查诱导公式的应用，解题时要认真审题，仔细解答，注意三角函数的符号．2．（5分）直线x﹣y﹣2014=0的倾斜角的大小是（）A．B．C．D．考点：直线的倾斜角．专题：直线与圆．分析：求出直线的斜率，然后求解直线的倾斜角的大小．解答：解：直线x﹣y﹣2014=0的斜率为：，直线的倾斜角为α，所以tan，所以．故选：A．点评：本题考查直线的斜率与直线的倾斜角的关系，是基础题．3．（5分）将﹣885°化为α+k•360°（0°≤α＜360°，k∈Z）的形式是（）A．﹣165°+（﹣2）•360°B．195°+（﹣3）•360°C．195°+（﹣2）360°D．165°+（﹣3）•360°考点：终边相同的角．专题：计算题．分析：根据角的性质2kπ+α直接化解即可．解答：解：﹣885°=195°+（﹣3）•360°故答案选：B点评：考查了角的基本性质，属于基础题．4．（5分）若，且α是第二象限角，则tanα的值为（）A．﹣B．C．D．考点：任意角的三角函数的定义．专题：计算题；三角函数的求值．分析：先利用同角三角函数基本关系式求出cosα的值，从而即可求出正切的值．解答：解：若，且α是第二象限角，则cosα=﹣=﹣，故tanα===﹣．故选：A．点评：本题主要考察了学生对同角三角函数基本关系式的理解和掌握，属于基础题．5．（5分）若θ=﹣5，则角θ的终边在第（）象限．A．四B．三C．二D．一考点：三角函数值的符号．专题：三角函数的求值．分析：判断角的范围，即可判断角所在象限．解答：解：因为θ=﹣5，所以若﹣2π≤﹣5≤﹣π，则角θ的终边在第一象限．故选：D．点评：本题考查角所在象限的判断，基本知识的考查．6．（5分）若tanα=2，则的值为（）A．0 B．C．1 D．考点：同角三角函数间的基本关系；弦切互化．分析：根据齐次分式的意义将分子分母同时除以cosα（cosα≠0）直接可得答案．解答：解：利用齐次分式的意义将分子分母同时除以cosα（cosα≠0）得，故选B．点评：本题主要考查tanα=，这种题型经常在考试中遇到．7．（5分）函数y=sin（2x+）的图象（）A．关于点（，0）对称B．关于直线x=对称C．关于点（，0）对称D．关于直线x=对称考点：正弦函数的对称性．分析：根据三角函数对称性的求法，令2x+=kπ解出x的值即可得到答案．解答：解：令2x+=kπ得x=，对称点为（，0）（k∈z），当k=1时为（，0），故选A．点评：本题主要考查三角函数的对称性问题．属基础题．8．（5分）α∈[0，2π]，且+=sinα﹣cosα，则α∈（）A．[0，] B．[，π] C．[π，] D．[，2π]考点：同角三角函数基本关系的运用；三角函数值的符号．专题：三角函数的求值．分析：已知等式左边利用二次根式的化简公式及同角三角函数间基本关系化简，判断得到sinα与cosα的正负，即可确定出α的范围．解答：解：∵+=|sinα|+|cosα|=sinα﹣cosα，∴sinα＞0，cosα＜0，∵α∈[0，2π]，∴α∈[，π]．故选：B．点评：此题考查了同角三角函数基本关系的运用，熟练掌握基本关系是解本题的关键．9．（5分）下列函数中，周期为π，且在上为减函数的是（）A．B．C．D．考点：函数y=Asin（ωx+φ）的图象变换；正弦函数的单调性；余弦函数的单调性．专题：分析法．分析：先根据周期排除C，D，再由x的范围求出2x+的范围，再由正余弦函数的单调性可判断A和B，从而得到答案．解答：解：C、D中函数周期为2π，所以错误当时，，函数为减函数而函数为增函数，故选A．点评：本题主要考查三角函数的基本性质﹣﹣周期性、单调性．属基础题．三角函数的基础知识的熟练掌握是解题的关键．10．（5分）角α的终边过P（sin，cos），则角α的最小正值是（）A．B．C．D．考点：任意角的三角函数的定义．专题：计算题；三角函数的求值．分析：由题意可知：tanα==﹣=tan，从而可得角α的最小正值．解答：解：由题意可知：点P在第四象限因为tanα==﹣=tan，所以最小正值是：．故选：B．点评：本题考查任意角的三角函数的定义，考查学生的计算能力，比较基础．11．（5分）a=sin，b=cos，c=tan，则a，b，c的大小关系是（）A．a＞b＞c B．c＞a＞b C．b＞a＞c D．a＞c＞b考点：不等式比较大小．专题：不等式的解法及应用．分析：利用三角函数的单调性即可得出．解答：解：∵1＞a=sin＞0，b=cos=﹣cos=0，c=tan==1，∴c＞a＞b．故选：B．点评：本题考查了三角函数的单调性，属于基础题．12．（5分）已知函数，则f（x）的值域是（）A．[﹣1，1] B．C．D．考点：正弦函数的定义域和值域．专题：计算题．分析：去绝对值号，将函数变为分段函数，分段求值域，在化为分段函数时应求出每一段的定义域，由三角函数的性质求之．解答：解：由题=，当时，f（x）∈[﹣1，]当时，f（x）∈（﹣1，）故可求得其值域为．故选：D．点评：本题考点是在角函数求值域，表达式中含有绝对值，故应先去绝对值号，变为分段函数，再分段求值域．二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．将答案填在答题卡的相应位置．13．（5分）化简（1+tan2α）cos2α=1．考点：同角三角函数基本关系的运用．专题：三角函数的求值．分析：由条件利用同角三角函数的基本关系，计算求得结果．解答：解：（1+tan2α）cos2α=•cos2α=1，故答案为：1．点评：本题主要考查同角三角函数的基本关系的应用，属于基础题．14．（5分）sin+cos+tan（﹣）=0．考点：运用诱导公式化简求值．专题：计算题．分析：利用三角函数的诱导公式sin=sin（4π+）=sin，cos=cos（8π+）=cos，tan（﹣）=﹣tan（6π+）=﹣tan，然后根据特殊角的三角函数值求出结果．解答：解：sin+cos+tan（﹣）=sin+cos﹣tan=+﹣1=0故答案为0．点评：本题考查了三角函数的诱导公式以及特殊角的三角函数值，熟练掌握诱导公式可以提高做题效率，属于基础题．15．（5分）函数y=的定义域为{x|﹣+2kπ≤x≤+2kπ，k∈Z}．考点：余弦函数的定义域和值域；函数的定义域及其求法．专题：计算题．分析：由函数的解析式知，令被开方式2cosx﹣1≥0即可解出函数的定义域．解答：解：∵，∴2cosx﹣1≥0，﹣+2kπ≤x≤+2kπ，k∈Z函数的定义域为 {x|﹣+2kπ≤x＜≤+2kπ，k∈Z}故答案为：{x|﹣+2kπ≤x≤+2kπ，k∈Z}．点评：本题考查求对数函数的定义域，熟练掌握偶次方根被开方式的特点及性质是正确解答本题的关键，属基础题．16．（5分）函数f（x）=3sin（2x﹣）的图象为C，则如下结论中正确的序号是①②③④①图象C关于直线x=π对称；②函数f（x）在区间（﹣，）内是增函数；③图象C关于点（，0）对称；④当x=2kπ+π，k∈z时f（x）取最大值．考点：函数y=Asin（ωx+φ）的图象变换．专题：三角函数的图像与性质．分析：根据函数y=Asin（ωx+φ）的图象性质，逐一检验各个选项是否正确，从而得出结论．解答：解：由于函数f（x）=3sin（2x﹣）的图象为C，令2x﹣=kπ+，k∈z，求得x=+，故图象C关于直线x=π对称，故①正确．令 2kπ﹣≤2x﹣≤2kπ+，求得 kπ﹣≤x≤kπ+，k∈z，故函数f（x）在区间（﹣，）内是增函数，故②正确．令 2x﹣=kπ，x=+，k∈z，故图象C关于点（，0）对称，故③正确．令2x﹣=2kπ+，求得 x=kπ+，k∈z，故当x=kπ+，k∈z时，函数取得最大值，故当x=2kπ+π，k∈z时f（x）取最大值，故④正确，故答案为：①②③④．点评：本题主要考查函数y=Asin（ωx+φ）的图象性质的应用，属于中档题．三、解答题：本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．17．（10分）已知f（α）=，且α为第三象限角．（Ⅰ）化简f（α）．（Ⅱ）若，求f（a）的值．考点：运用诱导公式化简求值．专题：三角函数的求值．分析：（Ⅰ）运用诱导公式对所求关系是化简即可；（Ⅱ）利用诱导公式可得sinα=，又α为第三象限角，利用平方关系即可求得cosα，继而可得f（α）的值．解答：解：（Ⅰ）f（α）===tanαsinα…5分；（Ⅱ）由⇒sinα=，α为第三象限角，所以cosα=﹣=﹣，所以f（α）=（﹣）2（﹣）=﹣…10分点评：本题考查运用诱导公式化简求值，考查运算求解能力，属于中档题．18．（12分）已知tanα=2，求sinα和cosα．考点：同角三角函数基本关系的运用．专题：三角函数的求值．分析：由tanα的值大于0，得到α在第一或第三象限，分别利用同角三角函数间基本关系求出sinα和cosα的值即可．解答：解：由tanα=2＞0，得到α在第一或第三象限，∵tanα==2，∴=4，即=4，整理得：sin2α=，当α在第一象限时，sinα=，cosα==；当α在第三象限时，sinα=﹣，cosα==﹣．点评：此题考查了同角三角函数基本关系的运用，熟练掌握基本关系是解本题的关键．19．（12分）（Ⅰ）如图，一个扇形OAB的面积是1cm2，它的周长是4cm，求圆心角的弧度数和弦长AB．（Ⅱ）已知f（x）=﹣sin2x+sinx+a，若1≤f（x）≤对一切x∈R恒成立，求实数a的范围．考点：复合三角函数的单调性；扇形面积公式．专题：三角函数的求值．分析：（Ⅰ）设圆的半径为rcm，弧长为lcm，则，解得，然后，求解圆心角和弧长；（Ⅱ）f（x）=﹣sin2x+sinx+a=﹣（sinx﹣）2+a+，然后，结合给定的范围求解实数a的范围．解答：解：（Ⅰ）设圆的半径为rcm，弧长为lcm，则，∴，∴圆心角为=2，过点O作OH⊥AB于H，则∠AOH=1弧度，∴AH=1•sin1=sin1（cm），∴AB=2sin1（cm），（Ⅱ）f（x）=﹣sin2x+sinx+a=﹣（sinx﹣）2+a+，∴f（x）man=a+，f（x）min=a﹣2，若1≤f（x）≤对一切x∈R恒成立，则，∴3≤a≤4．点评：本题重点考查了弧长公式、圆心角公式、二次函数的最值等知识，属于中档题，解题关键是灵活运用公式进行求解问题．20．（12分）已知y=a﹣bcos3x（b＞0）的最大值为，最小值为﹣，（Ⅰ）求函数y=﹣4asin（3bx）的周期、最大值，并求取得最大值时的x之值；（Ⅱ）求函数单调递减区间．考点：三角函数的最值；复合三角函数的单调性．专题：计算题；三角函数的图像与性质．分析：（I）由三角函数的值域，列出方程组，求出a，b，再由正弦函数的值域和周期性，即可得到；（II）运用正弦函数的单调递减区间，解不等式，即可得到所求区间．解答：解：（ I）由已知条件得解得∴y=﹣2sin3x的最小正周期为，其最大值为2，此时3x=2k，k∈Z，即有x=，k∈Z；（II）因为b=1，所以=sin（3x）由2k≤3x≤2k，k∈Z，解得+≤x≤+，所以函数的单调递减区间为：[+，+]，k∈Z．点评：本题考查正弦函数和余弦函数的值域的运用，考查三角函数的周期和单调性，考查运算能力，属于中档题．21．（12分）已知sinx+cosx=﹣（0＜x＜π），求tanx的值．考点：同角三角函数基本关系的运用．专题：计算题；三角函数的求值．分析：先根据sinx+cosx的值和二者的平方关系联立求得sinx、cosx的值，进而利用商数关系求得tanx的值．解答：解：∵，∴两边平方得，cosx＜0∴，∵sinx﹣cosx＞0，∴，与联立解得，∴．点评：本题主要考查了同角三角函数的基本关系的应用．解题的过程中要特别注意根据角的范围确定三角函数值的正负号．22．（12分）f（x）=2cos2x﹣2acosx﹣1﹣2a的最小值为g（a），a∈R（1）求g（a）；（2）若g（a）=，求a及此时f（x）的最大值．考点：三角函数中的恒等变换应用．专题：函数的性质及应用．分析：（1）利用二倍角公式对函数解析式化简，配方后，讨论的范围确定g（a）的解析式，最后综合即可．（2）利用每个范围段的解析式求得a的值，最后验证a即可．解答：解：（1）f（x）=2cos2x﹣2acosx﹣1﹣2a=2（cosx﹣）2﹣﹣2a﹣1，当﹣1≤≤1，g（a）=﹣﹣2a﹣1，＞1时，时g（a）=1﹣4a＜﹣1时，g（a）=1，综合以上，g（a）=；（2）令1﹣4a=求得a=不符合题意，令﹣﹣2a﹣1=，求得a=﹣1或﹣3（舍去）故f（x）的最大值为5，a的值为﹣1．点评：本题主要考查了二次函数的性质，函数思想的运用，分段函数等知识．考查了学生综合素质．。

云南省红河哈尼族彝族自治州蒙自市第一高级中学2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题

云南省红河哈尼族彝族自治州蒙自市第一高级中学2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题一、单选题1．下列各组物理量中都是矢量的是（）A ．位移、时间B ．速度、速率C ．位移、速度D ．时间、路程 2．关于质点，下列说法正确的是（）A ．非常大的物体在任何情况下都不能看成质点，体积小的才可以B ．乒乓球比赛中研究选手发球技巧时，可以把乒乓球看成质点C ．观察跳水运动员动作细节时，运动员可以看成质点D ．质点是理想化的物理模型，实际是不存在的3．有位诗人曾写下这样一首诗：“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流”。

其“桥流水不流”中的“桥流”其选择的参考系是（）A ．水B ．桥C ．人D ．地面4．如图所示，物体沿半径均为R 的半圆弧AB 和四分之三圆弧BCDE 从A 运动到E ，其中12A O B O D 、、、、在一条直线上，AB BD 、和CE 是直径，1O 和2O 是圆心，下列说法正确的是（）A ．当物体运动到B 点时，位移大小和路程都是2RB ．物体从A 运动到C 点和运动到E 点位移相同C ．当物体运动到E ，路程是2.5RD ．当物体运动到D 点时，位移大小和路程都是4R5．蒙自开往昆明的复兴号C564次列车，每日09：53从蒙自发车，历经3小时48分到达昆明站，全程约为316km 。

下列说法中正确的是（）A ．“09：53”指的是时间B ．“3小时48分”指的是时间C ．“316km”指的是复兴号动车运动的位移D ．“复兴号”动车较长，一定不能当成质点6．学校一年一度的体育运动会既有益于学生身心健康，活跃校园气氛，也能增强学生的集体观念，培养学生团结合作的精神，是学校素质教育的一个重要组成部分。

某同学参加举行的400m 短跑比赛，成绩为50s ，该比赛在200m 标准田径运动场上进行。

对于该同学参加比赛的运动过程，下列说法正确的是（）A ．该同学的位移大小为400mB ．该同学的平均速率大小为8m/sC ．该同学的平均速度大小为8m/sD ．该同学运动过程中最大速度为16m/s 7．某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚，上山的平均速率为1v ，下山的平均速率为2v ，则往返的平均速度的大小和平均速率是（）A ．122v v +，122v v + B ．122v v -，122v v - C ．0，1212v v v v -+ D ．0，12122v v v v +二、多选题8．关于速度、速度变化和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A ．物体的速度在增大但加速度可能在减小B ．速度变化很大，加速度一定很大C ．加速度很大，速度可能很小D ．速度、速度变化和加速度三者方向总是相同的9．观察图中的烟和小旗，关于甲、乙两车相对于房子的运动情况，下列说法正确的是（）A ．甲乙两车一定向左运动B ．甲乙两车可能都向右运动C ．甲车可能向右运动，乙车向左运动D ．甲车可能静止，乙车向左运动10．一物体以大小为3m/s 的初速度做匀变速直线运动，经过3s的时间，其速度大小变为9m/s，该物体运动的加速度大小可能为（）A．12m/sm/s D．42 m/s B．22m/s C．32三、实验题11．用打点计时器研究小车速度随时间的变化规律，得到如图所示的一条纸带：(1)重物挂在纸带的（填“A”或“C”）端。

云南省红河州蒙自一中高二物理上学期期中试卷(27-32班,含解析)-人教版高二全册物理试题

云南省红河州蒙自一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷〔27-32班〕一、单项选择题〔此题共10小题，每一小题3分，共30分，每题有ABCD四个可选择的选项，其中只有一个选项是正确的〕1．〔3分〕关于点电荷的如下说法中正确的答案是〔〕A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．点电荷是元电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．一个带电体能否看成点电荷，不是看它是大还是小，而是看它的形状和尺寸对所研究问题的影响能否忽略不计2．〔3分〕真空中两个同性的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止．释放q2且q2只在q1的库仑力作用下运动，如此q2在运动过程中受到的库仑力〔〕A．不断减小B．不断增加C．始终保持不变D．先增大后减小3．〔3分〕在电场中P点放一个检验电荷﹣q，它所受的电场力为F，如此关于P点电场强度E，正确的说法是〔〕A．E=，方向与F一样B．假设取走﹣q，P点的电场强度E=0C．假设检验电荷为﹣2q，如此E=D．E与检验电荷无关4．〔3分〕如下列图为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的答案是〔〕A．a、b为等量同种电荷B．a为正电荷b为负电荷C．a为负电荷b为正电荷D．A点场强大于B点场强5．〔3分〕一个带正电的质点，电荷量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中电场力做的功为2.0×10﹣5J，如此a、b两点间电势差φa﹣φb为〔〕A．3×104 V B．1×104 V C．3×104 V D．﹣1×104 V6．〔3分〕如下列图，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α、如此AB两点的电势差为〔〕A．零B．EL C．ELsinαD．ELcosα7．〔3分〕根据电容器的电容C=可知，下述表示中错误的答案是〔〕A．假设它带的电量减半，如此它的电容减半，两板电压不变B．假设它带的电量减半，如此它的电容不变，两板的电压减半C．假设它带的电量为0，如此它的电容不变，两板电压为0D．假设它带的电量加倍，如此它的电容不变，两板电压加倍8．〔3分〕分别测量两个电池的路端电压和电流，得到如下列图的a、b两条U﹣I图线，比拟两图线，可得出结论〔〕A．a电池的电动势较小、内阻较大B．a电池的电动势较大、内阻较大C．b电池的电动势较大、内阻较小D．b电池的电动势较小、内阻较大9．〔3分〕两个绕线电阻分别标有“100Ω、10w〞和“20Ω、40W〞，如此它们的额定电流之比为〔〕A．：5 B．：20 C．：10 D．1：200010．〔3分〕两导线长度之比为1：2，横截面积之比为3：4，电阻率之比为5：6，如此它们的电阻之比为〔〕A．5：9 B．3：2 C．5：6 D．5：8二、多项选择题〔本大题共5小题，每一小题4分，共20分，每一小题至少有两个正确答案，全对的得4分，对而不全的得2分，有选错或不选的得0分〕11．〔4分〕在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点P，P点与q1的距离为 r，把一个电量为q2的实验电荷放在P点，它受的静电力为F，如此P点电场强度的大小等于〔〕A．B．C．D．12．〔4分〕如下列图，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用E A、E B表示A、B两处的场强，如此〔〕A．A、B两处的场强方向一样B．因为A、B在一条电场上，且电场线是直线，所以E A=E BC．电场线从A指向B，所以ϕA＞ϕBD．不知A、B附近电场线的分布情况，E A、E B的大小不能确定13．〔4分〕如下列图是某导体的伏安特性曲线，由图可知正确的答案是〔〕A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.4AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是2.5V14．〔4分〕图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的答案是〔〕A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．上述说法都不对15．〔4分〕如下列图，A、B两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法正确的答案是〔〕A．A图的接法叫电流表内接法，B图的接法叫电流表的外接法B．A中R测＜R真，B中R测＞R真C．A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使R＜＜R V，故此法测较小电阻好D．B中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使R＞＞R A，故此法测较大电阻好三、实验题〔28分〕16．〔8分〕在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L．直径d和电阻R．用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图A，如此金属丝的直径为mm．假设用B图所示的电路测金属丝的电阻，用电流表和电压表测金属丝的电流电压时量程分别选用3V和0.6A，读数如图C，如此电压表的读数为V，电流表的读数为A，如此金属丝的阻值R为Ω．17．〔12分〕为了描绘标有“3V，0.4W〞的小灯泡的伏安特性曲线，实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进展屡次测量．所给器材如下：A．电流表〔0～200mA，内阻0.5Ω〕 B．电流表〔0～0.6A，内阻0.01Ω〕C．电压表〔0～3V，内阻5kΩ〕 D．电压表〔0～15V，内阻50kΩ〕E．滑动变阻器〔0～10Ω，0.5A〕 F．滑动变阻器〔0～1kΩ，0.1A〕G．电源〔3V〕 H．电键一个，导线假设干．〔1〕为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是．〔填仪器前面的字母代号〕〔2〕按照图1所给的实验电路图〔图2〕将实物用导线连好．〔3〕该实验中滑动变阻器采用接法〔填“分压〞或“限流〞〕，开始实验时，滑片应置于电路图中滑动变阻器符号的最端〔填“左〞或“右〞〕18．〔8分〕用电流表和电压表测定电池的电动势E和内电阻r，一位同学测得的六组数据如表所示I/A 0.12 0.20 0.31 0.32 0.50 0.57U/V 1.37 1.32 1.24 1.18 1.19 1.05〔1〕试根据表格中的数据在坐标纸中作出U﹣I图线．〔2〕根据图线得出电池的电动势E=V，内阻r=Ω．四、计算题〔本大题包括4小题，共32分．解答应写出必要的文字说明．方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕〔8分〕如下列图，在真空中的O点放一点电荷Q=1.0×10﹣9C，直线MN过O点，OM=30cm．现19．有一检验电荷q=﹣2×10﹣10C，假设ϕM=20V，ϕN=5V，求：〔1〕电荷Q在M点的电场强度的大小；〔2〕电荷q在M点和N点的电势能EPM和EPN；〔3〕把电荷q从M点移动到N点的过程中电场力所做的功．20．〔8分〕如下列图，电阻R=3Ω，灯泡L规格为“6V、6W〞．当S1、S2都闭合时，灯泡L 恰好正常发光；当S1闭合、S2断开时，电流表示数为0.7A 〔不计温度对灯泡电阻的影响〕．求：〔1〕灯泡L正常发光时，电流表的示数和灯泡的电阻R L；〔2〕电源的电动势E和内阻r．21．〔8分〕如图用细线将质量为m=4×10﹣3㎏的带电小球P悬挂在O点正下方，当空间有方向为水平向右，大小为E=1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处于静止状态．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，tan37°=0.75〕求：〔1〕小球带何种电荷；〔2〕求带电小球的电量q；〔3〕求细线的拉力大小．22．〔8分〕一束初速度为零的电子流在经U=5000V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如下列图，假设板间距离d=1.0cm，板长l=5.0cm，求：〔1〕该电子进入偏转电场时的速度v0是多少？〔2〕要使电子恰好沿下极板边缘射出，平行板间所加电压U′应为多大？〔电子电量e=1.6×10﹣19C，电子质量m=0.91×10﹣31kg〕云南省红河州蒙自一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷〔27-32班〕参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共10小题，每一小题3分，共30分，每题有ABCD四个可选择的选项，其中只有一个选项是正确的〕1．〔3分〕关于点电荷的如下说法中正确的答案是〔〕A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．点电荷是元电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．一个带电体能否看成点电荷，不是看它是大还是小，而是看它的形状和尺寸对所研究问题的影响能否忽略不计考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状与大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．解答：解：A、带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状与大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小、形状、以与带电的多少均无具体关系．故AC错误；B、元电荷是指电荷量，而点电荷是一种理想化的模型，故B错误；D、一个带电体能否看成点电荷，不是看它是大还是小，而是看它的形状和尺寸对所研究问题的影响能否忽略不计，故D正确；应当选：D．点评：如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以与电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，如此这样的带电体就是点电荷．一个实际的带电体能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．2．〔3分〕真空中两个同性的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止．释放q2且q2只在q1的库仑力作用下运动，如此q2在运动过程中受到的库仑力〔〕A．不断减小B．不断增加C．始终保持不变D．先增大后减小考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：此题比拟简单，由题可知小球受斥力，距离越来越远，因此直接利用库仑定律公式即可求解．解答：解：带电一样的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据可知距离增大，电场力将逐渐减小，故BCD错误，A正确．应当选A．点评：对于库仑定律公式，要明确其使用条件和各个物理量的含义．3．〔3分〕在电场中P点放一个检验电荷﹣q，它所受的电场力为F，如此关于P点电场强度E，正确的说法是〔〕A．E=，方向与F一样B．假设取走﹣q，P点的电场强度E=0C．假设检验电荷为﹣2q，如此E=D．E与检验电荷无关考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，由电场本身决定，与放入电场的检验电荷无关．在电场中某点，电场强度的大小和方向是唯一确定的，与该点放不放检验电荷，放电荷量多少的电荷无关．电场强度的方向规定与正检验电荷在该点所受电场力一样．解答：解：A、由定义式E=，当检验电荷为负电荷时，电场强度E与F方向相反．故A 错误．B、假设取走﹣q，电场强度大小不变，仍为E，故B错误．C、假设检验电荷为﹣2q，电场力为2F，而电场强度仍为E．故C错误．D、电场强度反映电场本身的力的性质，与检验电荷无关．故D正确．应当选D点评：电场强度这个概念很抽象，要紧紧抓住其物理意义：反映电场本身的性质的物理量，与检验电荷无关．其定义的方式是比值定义法，它有比值定法义的共性，即两个量的比值定义一个新的物理量，这个新物理量往往反映物质的属性．再如电阻的定义式R=，电势的定义式φ=，等等．4．〔3分〕如下列图为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的答案是〔〕A．a、b为等量同种电荷B．a为正电荷b为负电荷C．a为负电荷b为正电荷D．A点场强大于B点场强考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到无穷远处或负电荷，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．据此分析．解答：解：ABC、根据电场线的特点：从正电荷出发到负电荷终止，可以判断是该电场异种点荷的电场，且a为正电荷b为负电荷，故A、C错误，B正确．D、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．所以A点场强小于B点场强，故D错误．应当选：B．点评：加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．5．〔3分〕一个带正电的质点，电荷量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中电场力做的功为2.0×10﹣5J，如此a、b两点间电势差φa﹣φb为〔〕A．3×104 V B．1×104 V C．3×104 V D．﹣1×104 V考点：电势差；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场力做功的公式W ab=qU ab，变形得到，代入数据计算即可．解答：解：根据电场力做功的公式W ab=qU ab所以a、b两点间电势差故B正确，ACD错误．应当选：B．点评：此题要掌握电场力做功的公式W ab=qU ab，要注意在代入数据计算时，各个量都要代入符号，否如此计算会出错．6．〔3分〕如下列图，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α、如此AB两点的电势差为〔〕A．零B．EL C．ELsinαD．ELcosα考点：电势差；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed求电场强度，注意d是沿电场线方向的两点间距离．解答：解：匀强电场中电势差与场强的关系公式为：U=Ed；d是沿电场线方向的两点间距离，为Lcosα；故AB之间的电势差为：U=ELcosα；应当选D．点评：考查了电场强度与电势差的关系，注意公式中d的含义．电场中的要根本公式掌握，打好根底．7．〔3分〕根据电容器的电容C=可知，下述表示中错误的答案是〔〕A．假设它带的电量减半，如此它的电容减半，两板电压不变B．假设它带的电量减半，如此它的电容不变，两板的电压减半C．假设它带的电量为0，如此它的电容不变，两板电压为0D．假设它带的电量加倍，如此它的电容不变，两板电压加倍考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，与电容所带电量、板间电压无关．根据电容的定义式C=，分析电量减半时电压如何变化．解答：解：A、B假设电容器带的电量Q减半时，其电容C不变，根据电容的定义式C=得知，两板的电压U减半．故A错误，B正确．C、电容与电量无关，当假设电容器带的电量为0，但它的电容仍不变，板间没有电场，电压为0．故C正确．D、假设电容器带的电量Q加倍，但它的电容C不变，根据电容的定义式C=得知，两板电压U加倍．故D正确．此题选错误的，应当选A点评：此题考查对电容的物理意义和其定义式的理解与应用能力．对于给定的电容器其电容是不变的．8．〔3分〕分别测量两个电池的路端电压和电流，得到如下列图的a、b两条U﹣I图线，比拟两图线，可得出结论〔〕A．a电池的电动势较小、内阻较大B．a电池的电动势较大、内阻较大C．b电池的电动势较大、内阻较小D．b电池的电动势较小、内阻较大考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：根据闭合电路欧姆定律得到U=E﹣Ir，U﹣I图象的斜率的绝对值表示电源的内电阻，纵轴截距表示电源的电动势，横轴截距表示短路电流．解答：解：根据闭合电路欧姆定律得到U=E﹣Ir；U﹣I图象的斜率的绝对值表示电源的内电阻，故a图线对应的电源的内电阻较大；纵轴截距表示电源的电动势，故a图线的电动势较大；应当选：B．点评：此题关键根据闭合电路欧姆定律推导出U与I的关系表达式，然后结合图象分析横轴截距、纵轴截距、斜率的含义，根底题．9．〔3分〕两个绕线电阻分别标有“100Ω、10w〞和“20Ω、40W〞，如此它们的额定电流之比为〔〕A．：5 B．：20 C．：10 D．1：2000考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由电功率与电阻、电流关系的公式P=I2R即可求出电流之比．解答：解：由电功率与电阻、电流关系的公式P=I2R得：AA所以：应当选：C点评：该题考查电功率与电阻、电流关系的公式P=I2R，代入数据即可正确解答．10．〔3分〕两导线长度之比为1：2，横截面积之比为3：4，电阻率之比为5：6，如此它们的电阻之比为〔〕A．5：9 B．3：2 C．5：6 D．5：8考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：导体的R跟它的长度L成正比，跟它的横截面积S成反比，还跟导体的材料有关系，这个规律就叫电阻定律，公式为R=ρ．解答：解：根据电阻定律公式R=ρ，有：应当选：A．点评：此题是电阻定律的直接运用，记住公式并掌握比值计算的方法，不要出错．二、多项选择题〔本大题共5小题，每一小题4分，共20分，每一小题至少有两个正确答案，全对的得4分，对而不全的得2分，有选错或不选的得0分〕11．〔4分〕在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点P，P点与q1的距离为 r，把一个电量为q2的实验电荷放在P点，它受的静电力为F，如此P点电场强度的大小等于〔〕A．B．C．D．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电量为q1的点电荷场源电荷，在P点产生的电场强度的大小根据公式E=k可以确定．电量为q2的实验电荷在P点所受的电静电力为F，根据电场强度的定义式E=也可以确定P点电场强度的大小．解答：解：A、B电量为q2的实验电荷在P点所受的电静电力为F，根据电场强度的定义式得到：P点电场强度的大小E=．故A错误，B正确．C、D电量为q1的点电荷场源电荷，在P点产生的电场强度的大小为E=k．故C正确，D 错误．应当选BC点评：此题考查了电场强度的两个公式：E=，E=k，q是试探电荷，Q是场源电荷．12．〔4分〕如下列图，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用E A、E B表示A、B两处的场强，如此〔〕A．A、B两处的场强方向一样B．因为A、B在一条电场上，且电场线是直线，所以E A=E BC．电场线从A指向B，所以ϕA＞ϕBD．不知A、B附近电场线的分布情况，E A、E B的大小不能确定考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向一样．电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确定A、B两处场强的大小．解答：解：A、由题，A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向必定一样．故A正确．B、A、B在一条电场线上，无法判断电场线的疏密，也就无法判断A、B两点电场强度的大小．故B错误．C、沿着电场线方向电势逐渐降低，C正确D、电场线的疏密表示电场强度的相对大小，由于A、B附近电场线的分布情况未知，如此E A、E B的大小不能确定．故D正确．应当选：ACD．点评：此题要抓住电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电线线，不能反映电场线的疏密，所以不能确定场强的大小．13．〔4分〕如下列图是某导体的伏安特性曲线，由图可知正确的答案是〔〕A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.4AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是2.5V考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由I﹣U图象找出导体两端电压所对应的电流，然后由欧姆定律求出导体电阻；电压与电阻，由欧姆定律可以求出通过导体的电流；电流与电阻，由欧姆定律可以求出导体两端电压．解答：解：A、根据图象，由欧姆定律可得，导体电阻R===25Ω，故A正确，B错误；C、当导体两端电压是10V时，通过导体的电流I===0.4A，故C正确；D、当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压U=IR=0.1A×25Ω=2.5V，故D正确；应当选ACD．点评：由图象找出导体两端电压与所对应的电流，应用欧姆定律即可正确解题．14．〔4分〕图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的答案是〔〕A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．上述说法都不对考点：把电流表改装成电压表；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：表头改装电压表要串联电阻，串联电阻越大，电压表量程越大；表头改装电流变要并联一电阻．并联电阻越小，量程越大．解答：解：A、甲是R与表头并联．是电流表，故A错误B、甲是R与表头并联，是电流表，R越大，量程越小．故B正确C、乙是R与表头串联，是电压表．R增大，量程增大．故C正确D、B、C都正确，故D错误点评：简单题，关键掌握好电压表电流表改装原理15．〔4分〕如下列图，A、B两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法正确的答案是〔〕A．A图的接法叫电流表内接法，B图的接法叫电流表的外接法B．A中R测＜R真，B中R测＞R真C．A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使R＜＜R V，故此法测较小电阻好D．B中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使R＞＞R A，故此法测较大电阻好考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：伏安法测电阻有两种实验电路：电流表的内接法与外接法；A图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过灯泡电阻R的电流，还包括了电压表的电流；B图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是灯泡电阻R的电压，还包括了电流表的分压；要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小．解答：解：A、图A所示电路是电流表的外接法，图B所示电路是电流表的内接法，故A 错误；B、图A所示电路，电压表测量值准确，又由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律R=，电阻测量值偏小，即R测＜R真；B图中，电流表测量值准确，又由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，根据欧姆定律R=，电阻测量值偏大，即R测＞R真，故B正确；C、图A所示电路，系统误差是由电压表分流造成的，为了减小误差，应使R＜＜R v，故此法测较小电阻好，故C正确；D、图B所示实验电路，系统误差是由于电流表分压造成的，为了减小误差，应使R＞＞R A，故此法测较大电阻好，故D正确；应当选：BCD．点评：待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法．测量值偏大．待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小．三、实验题〔28分〕16．〔8分〕在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L．直径d和电阻R．用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图A，如此金属丝的直径为0.698mm．假设用B图所示的电路测金属丝的电阻，用电流表和电压表测金属丝的电流电压时量程分别选用3V和0.6A，读数如图C，如此电压表的读数为2.60V，电流表的读数为0.46A，如此金属丝的阻值R为5.65Ω．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器所示．由图象电表确定电表量程与分度值，读出电表示数，由欧姆定律可以求出电阻阻值．解答：解：由图A所示螺旋测微器可知，螺旋测微器示数为0.5mm+19.8×0.01mm=0.698mm．由图C所示电压表可知，其量程为3V，分度值为0.1V，示数为2.60V；由图示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.46A，电阻阻值：R==≈5.65Ω；故答案为：0.698；2.60；0.46；5.65．点评：螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读．对电压表与电流表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．17．〔12分〕为了描绘标有“3V，0.4W〞的小灯泡的伏安特性曲线，实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进展屡次测量．所给器材如下：A．电流表〔0～200mA，内阻0.5Ω〕 B．电流表〔0～0.6A，内阻0.01Ω〕C．电压表〔0～3V，内阻5kΩ〕 D．电压表〔0～15V，内阻50kΩ〕E．滑动变阻器〔0～10Ω，0.5A〕 F．滑动变阻器〔0～1kΩ，0.1A〕G．电源〔3V〕 H．电键一个，导线假设干．〔1〕为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是ACEGH．〔填仪器前面的字母代号〕〔2〕按照图1所给的实验电路图〔图2〕将实物用导线连好．〔3〕该实验中滑动变阻器采用分压接法〔填“分压〞或“限流〞〕，开始实验时，滑片应置于电路图中滑动变阻器符号的最左端〔填“左〞或“右〞〕考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：由题目中给出的条件灯泡的功率与电路的接法可以选出电流表与滑动变阻器；由实验要求可知本实验中电流表与电压表的示数应从零开始变化，根据分压与限流的接法可得出实验的电路图；根据电路图连接实物图．解答：解：〔1〕灯泡的额定电流为I==0.133A，如此选择电流表A．灯泡的额定电压U=3V，如此选择电压表C．由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，应当选E；需要的实验器材还有：电源和电键，应当选：ACEGH．〔2〕描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用外接法，根据电路图连接实物图：〔3〕该实验中滑动变阻器采用分压接法，开始实验时，滑片应置于电路图中滑动变阻器符号的最左端．故答案为：〔1〕ACEGH〔2〕如图〔3〕分压；左点评：此题考查了实验器材、设计实验电路，知道实验原理与实验器材是正确解题的关键，根据实验原理与实验要求确定滑动变阻器与电流表接法即可作出实验电路图．18．〔8分〕用电流表和电压表测定电池的电动势E和内电阻r，一位同学测得的六组数据如表所示I/A 0.12 0.20 0.31 0.32 0.50 0.57。

云南省红河州蒙自一中(凤凰校区)高二上学期月考物理试卷(10月份) Word版含解析.pdf

云南省红河州蒙自一中（凤凰校区）2014-2015学年高二上学期月考物理试卷（10月份）一．单项选择题（下列各题中，只有一个选项是符合题意的，选出来，在答题卡中适当位置进行填涂．每小题3分，共36分） 1．（3分）如图所示，在真空中，把一个绝缘导体向带负电的球P慢慢靠近．关于绝缘导体两端的电荷，下列说法中错误的是（） A．两端的感应电荷越来越多B．两端的感应电荷是同种电荷 C．两端的感应电荷是异种电荷D．两端的感应电荷电荷量相等 2．（3分）关于元电荷，下列说法中错误的是（） A．元电荷实质是指电子和质子本身 B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍 C．元电荷的值通常取作e=1.60×1019C D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的 3．（3分）下列说法中正确的是（） A．点电荷就是体积很小的带电体 B．点电荷就是体积和带电荷量都很小的带电体 C．据F=k可知，当r→0时F→∞ D．静电力常量的数值是由实验得出的 4．（3分）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（） A．B．C．D． 5．（3分）电场强度E的定义式为E=，下面说法中正确的是（） A．该定义只适用于点电荷产生的电场 B．上式中，F是放入电场中的点电荷所受的静电力，q是放入电场中的点电荷的电荷量 C．上式中，F是放入电场中的点电荷所受的静电力，q是产生电场的电荷的电荷量 D．库仑定律的表达式F=可以说是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的库仑力大小；而不能说是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小 6．（3分）下列关于电荷的电势能的说法正确的是（） A．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大 B．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零 C．只在静电力的作用下，电荷的电势能一定减少 D．只在静电力的作用下，电荷的电势能可能增加，也可能减少 7．（3分）下列说法正确的是（） A．A、B两点的电势差，等于将正电荷从A点移到B点时静电力所做的功 B．电势差是一个标量，但是有正值或负值之分 C．静电力做功跟移动电荷的路径有关，而电势差跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关 D．A、B两点的电势差是恒定的，不随零电势面的不同而改变，所以UAB=UBA 8．（3分）如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且AB=BC．电场中 A、B、C三点的场强分别为EA、EB、EC电势分别为 φA、φB、φC，AB、BC间的电势差分别为UABUBC则下列关系式中不正确的是（） A．φA＞φB＞φCB．EC＞EB＞EAC．UAB＜UBCD．UAB=UBC 9．（3分）如图所示的匀强电场E的区域内，由A、B、C、D、A′、B′、C′、D′作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面ABCD垂直，下列说法正确的是（） A．A、D两点间电势差UAD与A、A′两点间电势差UAA′相等 B．带正电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点，静电力做负功 C．带负电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点，电势能减小 D．带电粒子从A点移到C′点，沿对角线A→C′与沿路径A→B→B′→C′静电力做功相同 10．（3分）实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示（a、b只受电场力作用），则（） A．a一定带正电，b一定带负电 B．电场力对a做正功，对b做负功 C．a的速度将减小，b的速度将增大 D．a的加速度减小，b的加速度将增大 11．（3分）如图，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．已知两极板间电势差为U，板间距为d，电子质量为m，电量为e．则关于电子在两板间的运动情况，下列叙述正确的是（） A．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率保持不变 B．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率也增大一倍 C．若将两极板间电势差U增一倍，则电子到达Q板的时间保持不变 D．若将两极板间电势差U增一倍，则电子到达Q板的时间减为一半 12．（3分）如图所示，在匀强电场中a、b、c、d为矩形的四个顶点，ab=2cm，ad=1cm，e、f分别为ab边和cd边的中点．已知电场线的方向平行于矩形所在平面，且a、b、c三点电势分别为4V、8V、6V，则（） A．d点的电势为了10V B．场强大小为了200V/m C．电场线方向沿fb指向b D．一电子仅在静电力作用下从a点运动到c点，电势能增加二．不定项选择题（每小题4分，共16分） 13．（4分）下列公式适用于任何电场的是（） A．W=qUB．U=EdC．E=D．E=k 14．（4分）如图所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中．导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（） A．A、B两点场强相等，且都为零 B．A、B两点场强不相等 C．感应电荷产生的附加电场EA＜EB D．当电键S闭合时，电子从大地沿导线向导体移动 15．（4分）绝缘金属平行板电容器充电后，静电计的指针偏转一定角度，若减小两极板a、b间的距离，同时在两极板间插入电介质，如图所示，则（） A．电容器的电势差会减小 B．电容器的电势差会增大 C．静电计指针的偏转角度会减小 D．静电计指针的偏转角度会增大 16．（4分）AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O．将电量分别为+q和q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示．要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q（） A．应放在A点，Q=2qB．应放在B点，Q=2q C．应放在C点，Q=qD．应放在D点，Q=q 三．作图填空（共20分） 17．（2分）如图是某电场的一条电场线，A、B是电场线上两点，试作出A点电场强度方向和负电荷在B点所受静电力方向． 18．（2分）如图是某电场的电场线，试过A点作一等势线． 19．（2分）如图是某匀强电场的一组等势面．试作出其电场线 20．（14分）带有等量异号电荷、相距10cm的平行板A和B间有一个匀强电场如图所示，电场强度E=2×103V/m，方向向下．电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm．（1）C点的电势（填“高”、“等”或“低”）于D点的电势，两点的电势UCD=V．（2）如果令B板接地（即电势φB=0），则C的电势是V，D的电势是V，一个电子在D点的电势能为；如果令A板接地（即电势φA=0），则C的电势是V，D的电势是V，一个电子在D点的电势能为；这两种情况说明，UCD（填“相等”或“不等”）而电势（填“相同”或“不同”），电场中电势、电势能与零电势点的选取（填“有关”或“无关”）而电势差与零电势点的选取（填“有关”或“无关”）．（3）一个电子从C点移动到D点，静电力做功为．如果使电子先移到P点，再移到D点，静电力做的功将（填“不会”或“会”）变化．四．计算题 21．（10分）如图所示，带电小球A用长为L的绝缘细线系于墙上一点O，A受固定于墙上的另一带电小球B的排斥作用，使细线和墙面夹角为30°．小球A、B在同一水平面内，若小球A的质量为m，小球B带电荷量为+Q，则小球A的带电荷量是多少，电性怎样？ 22．（10分）如图所示，一质量为m=1.0×102kg，带电量为q=1.0×106C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成60°角．小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g=10m/s2．结果保留2位有效数字．求：（1）画出小球受力图并判断小球带何种电荷；（2）求电场强度E． 23．（8分）如图所示，用长为L的绝缘细线拴住一个质量为m，带电荷量为q的小球，线的另一端拴在水平向右的匀强电场中，开始时把小球、线拉到和O在同一水平面上的A点（线拉直），让小球由静止开始释放，当摆线摆到与水平线成60°角到达B点时，球的速度正好为零．重力加速度用g表示．求：A、B两点的电势差UAB． 24．（10分）如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）右侧平行金属板的长度；（2）电子穿出右侧平行金属板时的动能．云南省红河州蒙自一中（凤凰校区）2014-2015学年高二上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一．单项选择题（下列各题中，只有一个选项是符合题意的，选出来，在答题卡中适当位置进行填涂．每小题3分，共36分） 1．（3分）如图所示，在真空中，把一个绝缘导体向带负电的球P慢慢靠近．关于绝缘导体两端的电荷，下列说法中错误的是（） A．两端的感应电荷越来越多B．两端的感应电荷是同种电荷 C．两端的感应电荷是异种电荷D．两端的感应电荷电荷量相等考点：静电现象的解释．分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．解答：解：A、由于导体内有大量可以自由移动的电子，当带负电的球P慢慢靠近它时，由于同种电荷相互排斥，导体上靠近P的一端的电子被排斥到远端，从而显出正电荷，远离P的一端带上了等量的负电荷．导体离P球距离越近，电子被排斥得越多，感应电荷越多．故A正确； B、C、D、导体上靠近P的一端的电子被排斥到远端，从而显出正电荷，远离P的一端带上了等量的负电荷．由于导体上的总电量始终是0，所以两端的感应电荷电荷量相等．故B错误，CD正确．本题选错误的，故选：B．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷． 2．（3分）关于元电荷，下列说法中错误的是（） A．元电荷实质是指电子和质子本身 B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍 C．元电荷的值通常取作e=1.60×1019C D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷解答：解：AC、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×1019C，并不是电子和质子本身．故A项错误，C项正确； B、所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故B正确； D、电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，故D正确．本题要求选择错误的选项，故选：A．点评：元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍．且知道电子的电量与元电荷的电量相等，同时让学生明白电荷量最早是由美国科学家密立根用实验测得． 3．（3分）下列说法中正确的是（） A．点电荷就是体积很小的带电体 B．点电荷就是体积和带电荷量都很小的带电体 C．据F=k可知，当r→0时F→∞ D．静电力常量的数值是由实验得出的考点：库仑定律；元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：正确解答本题需要掌握：点电荷的定义，能否看作点电荷的条件；对于库仑定律F=k的理解与应用，要正确理解公式中各个物理量的含义．解答：解：A、点电荷是指本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体叫做点电荷，能否看作点电荷与物体本身大小、质量等无关，要看物体本身的大小与物体相互之间的距离能否忽略，故A错误； B、物体是否是点电荷与带电体的大小、体积、质量等因素无关，要看物体本身的大小与物体相互之间的距离能否忽略，故B错误； C、当r→0时，带电体不能看作点电荷，公式F=k不再成立，故C错误； D、静电力常量是由实验测得的，不是从理论上推导出来的，故D正确．故选D．点评：本题考查了点电荷、库仑定律等电学中的基础知识，点电荷可以和质点类比理解，库仑定律可以和万有引力定律相类比理解． 4．（3分）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（） A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k 当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：q′==4Q 两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：q′==3Q 两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．故选：CD．点评：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向． 5．（3分）电场强度E的定义式为E=，下面说法中正确的是（） A．该定义只适用于点电荷产生的电场 B．上式中，F是放入电场中的点电荷所受的静电力，q是放入电场中的点电荷的电荷量 C．上式中，F是放入电场中的点电荷所受的静电力，q是产生电场的电荷的电荷量 D．库仑定律的表达式F=可以说是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的库仑力大小；而不能说是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小考点：电场强度．分析：电场强度由比值定义法定义，适用于任何电场，但场强是电场本身的一种性质，与电场力及检验电荷的荷量无关．解答：解：A、电场强度E的定义式E=，运用比值法定义，适用于任何电场，故A错误． BC、上式中，F是放入电场中的点电荷所受的静电力，q是放入电场中的点电荷的电荷量，不是产生电场的电荷，故B正确，C错误． D、库仑定律的表达式F=中将q2产生看成场源电荷，则可以说成是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的库仑力大小；而也能说是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强，故D错误．故选：B．点评：由于电场较为抽象，故在定义时我们采用了比值定义法；但是在理解时一定要注意，电场强度是电场的一种性质，和检验电荷无关． 6．（3分）下列关于电荷的电势能的说法正确的是（） A．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大 B．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零 C．只在静电力的作用下，电荷的电势能一定减少 D．只在静电力的作用下，电荷的电势能可能增加，也可能减少考点：电势能．分析：电势大小与电场强度的大小没有直接关系，根据Ep=qφ判断电势能的高低即可．解答：解：A、电势大小与电场强度的大小没有关系，场强大的点电势可大可小，再根据Ep=qφ，电势能大小也就无法判断，故A错误； B、电势大小与电场强度的大小没有关系，电场强度为零的地方电势可以不为零，故电势能可以不为零，故B错误； CD、只在静电力的作用下，静电力做正功时，电荷的电势能减小，静电力做负功时电势能增加，故C错误，故D正确；故选：D．点评：本题关键是明确电势、电场强度、电势能的区别，注意公式Ep=qφ中的三个符号有正负之分． 7．（3分）下列说法正确的是（） A．A、B两点的电势差，等于将正电荷从A点移到B点时静电力所做的功 B．电势差是一个标量，但是有正值或负值之分 C．静电力做功跟移动电荷的路径有关，而电势差跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关 D．A、B两点的电势差是恒定的，不随零电势面的不同而改变，所以UAB=UBA 考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据公式W=qU、U=Ed以及电势差公式进行分析．解答：解：A、A、B两点的电势差等于将正电荷从A点移到B点时电场力所做的功与电荷量的比值，故A错误； B、电势差是标量，但是有正值或负值之分，故B正确； C、由于电场力做功跟移动电荷的路径无关，所以电势差U=也跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关，故C错误； D、A、B两点的电势差是恒定的，不随零电势面的不同而改变，UAB=UBA，故D错误；故选：B．点评：本题考查了电势差的概念，知道电势差是标量、应用电势差的定义式即可正确解题． 8．（3分）如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且AB=BC．电场中 A、B、C三点的场强分别为EA、EB、EC电势分别为 φA、φB、φC，AB、BC间的电势差分别为UABUBC则下列关系式中不正确的是（） A．φA＞φB＞φCB．EC＞EB＞EAC．UAB＜UBCD．UAB=UBC 考点：电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：A、考查静电场中的电场线、等势面的分布知识和规律．A、B、C三点处在一根电场线上，沿着电场线的方向电势降落，故φA＞φB＞φC，故A正确； B、由电场线的密集程度可看出电场强度大小关系为EC＞EB＞EA，故B正确； CD、电场线密集的地方电势降落较快，故UBC＞UAB，故C正确D错误．故选：D．点评：此类问题要在平时注重对电场线与场强、等势面与场强和电场线的关系的掌握，熟练理解常见电场线和等势面的分布规律． 9．（3分）如图所示的匀强电场E的区域内，由A、B、C、D、A′、B′、C′、D′作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面ABCD垂直，下列说法正确的是（） A．A、D两点间电势差UAD与A、A′两点间电势差UAA′相等 B．带正电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点，静电力做负功 C．带负电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点，电势能减小 D．带电粒子从A点移到C′点，沿对角线A→C′与沿路径A→B→B′→C′静电力做功相同考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：首先明确在同一等势面上移动电荷时电场力不做功，在同一等势面上的两点间的电势差为零，而不在同一等势面上的两点间的电势差不为零；电场力做正功还是负功，取决于电荷的电性和始末位置的电势差；在只有电场力做功的情况下，电荷的电势能和动能之和保持不变，即电场力做正功，电势能减少，电荷克服电场力做功，电势能增加；还有就是电场力做功与路径无关，只取决于始末位置间的电势差和电量有关．解答：解：A、电场力的方向与面ABCD垂直，所以面ABCD是等势面，A、D两点的电势差为0，又因A、A′两点沿电场线的方向有距离所以UAA′不为0，故A错误； B、带正电的粒子从A到D，电场力不做功；从D到D′，电场力做正功，故带正电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点过程电场力做正功，电势能减小，故B错误； C、带负电的粒子从A到D，电场力不做功；从D到D′，电场力做负功，故带负电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点过程电场力做负功，电势能增加，故C错误； D、静电力做功与路径无关，故电粒子从A点移到C′点，沿对角线A→C′与沿路径A→B→B′→C′静电力做功相同，D正确；故选：D．点评：本题主要考察了电场中的功能关系，从以下几方面分析：（1）只有电场力做功，电荷的电势能和动能之和保持不变．（2）电场力做的正功，等于电势能的减少量；电场力做负功，等与电势能的增加量． 10．（3分）实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示（a、b只受电场力作用），则（） A．a一定带正电，b一定带负电 B．电场力对a做正功，对b做负功 C．a的速度将减小，b的速度将增大 D．a的加速度减小，b的加速度将增大考点：电场线；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：A、电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定；从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，电势能都减少．所以ABC错误． D、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，所以D正确．故选：D 点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，即可解决本题． 11．（3分）如图，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．已知两极板间电势差为U，板间距为d，电子质量为m，电量为e．则关于电子在两板间的运动情况，下列叙述正确的是（） A．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率保持不变 B．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率也增大一倍 C．若将两极板间电势差U增一倍，则电子到达Q板的时间保持不变 D．若将两极板间电势差U增一倍，则电子到达Q板的时间减为一半考点：电势差与电场强度的关系．分析：根据动能定理得出粒子到达Q板的速率，从而进行判断．根据牛顿第二定律，结合位移时间公式求出电子的运动时间，从而进行判断．解答：解：A、根据动能定理得，qU=知，电子到达Q板的速度v=，将板间距增大一倍，电子到达Q板的速率不变．故A正确，B错误． C、电子的加速度a=，根据d=得，t=，U增大一倍，则电子到达Q板的时间变为原来的倍．故C、D错误．故选：A．点评：根据电子的运动的规律，列出方程来分析运动的时间和速度分别与哪些物理量有关，根据关系式判断即可． 12．（3分）如图所示，在匀强电场中a、b、c、d为矩形的四个顶点，ab=2cm，ad=1cm，e、f分别为ab边和cd边的中点．已知电场线的方向平行于矩形所在平面，且a、b、c三点电势分别为4V、8V、6V，则（） A．d点的电势为了10V B．场强大小为了200V/m C．电场线方向沿fb指向b D．一电子仅在静电力作用下从a点运动到c点，电势能增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据匀强电场等势线的特点得出e点的电势，从而得出ce为等势线，抓住电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势得出电场线的方向．解答：解：A、匀强电场的等势线是等间距的平行直线，根据几何关系，知ab的电势差等于dc的电势差，即φaφb=φdφc，解得：φd=2V．故A错误． B、a、b两点的电势分别为4V、8V，e为ab的中点，则e点的电势为6V，所以ec为等势线，根据电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，知电场线垂直于ec向下． E==200V/m 故B正确C错误； D、因为a点的电势小于c点的电势，根据电势能Ep=qφ，知a点的电势能大于c点的电势能．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道匀强电场等势线的特点，以及知道电场线与等势线的关系．二．不定项选择题（每小题4分，共16分） 13．（4分）下列公式适用于任何电场的是（） A．W=qUB．U=EdC．E=D．E=k 考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．分析：分别分析每个公式的适用范围，即可作出选择．解答：解：A、公式W=Uq，用来计算电场中电场力做功，所以适用于任何电场，故A正确． B、公式U=Ed是匀强电场中电势差与电场强度的关系公式，只适用于匀强电场，故B错误． C、公式E=是电场强度的定义式，运用比值法定义，适用于任何电场，故C正确． D、公式E=k是点电荷场强公式，只适用点电荷的电场，故D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键要理解各个公式的来源，明确公式的适用范围． 14．（4分）如图所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中．导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（） A．A、B两点场强相等，且都为零 B．A、B两点场强不相等 C．感应电荷产生的附加电场EA＜EB D．当电键S闭合时，电子从大地沿导线向导体移动考点：静电现象的解释．分析：枕形导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．当点电荷移走后，电荷恢复原状．解答：解：A、枕形导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，内部电场强度处处为零，故A正确； B、A、B两点场强相等，且都为零，整个导体是等势体，故B错误； C、点电荷的产生电场在A点的场强大于在B点的场强，在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，叠加后电场为零，所以感应电荷产生的附加电场EA＞EB，故C错误； D、当电键S闭合时，电子从大地沿导线移向导体中和枕形导体右端的正电荷，相当于右端正电荷流向远端，故D正确．故选：AD．点评：处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面．且导体是等势体． 15．（4分）绝缘金属平行板电容器充电后，静电计的指针偏转一定角度，若减小两极板a、b间的距离，同时在两极板间插入电介质，如图所示，则（） A．电容器的电势差会减小 B．电容器的电势差会增大 C．静电计指针的偏转角度会减小 D．静电计指针的偏转角度会增大考点：电容器的动态分析．。

【物理】云南省红河州蒙自一中2014-2015学年高二上学期期中(1-26班)试题

C. 保持Q d 不变，减小q ，则B 变小，说明F 与q 有关 D. 保持q 、d 不变，减小Q,贝U 0变小，说明F 与Q 成正比考点：库仑定律.专题：电场力与电势的性质专题.分析：根据库仑定律公式 F= 理判断物体与小球之间的作用力F 与什么因素有关•丝线偏离竖直方向的角度 0越大，则作用力越大.解答：解：A 、保持Q q 不变，根据库仑定律公式 F=］三，增大d ,库仑力变小，则 0变小，减小d ，库仑力变大，则 0变大.F 与d 的二次方成反比•故 A 、B 错误.C 、保持Q d 不变，减小q ，则库仑力变小，0变小，知F 与q 有关.故C 正确.D 、保持q 、d 不变，减小Q,则库仑力变小，0变小，根据库仑定律公式 F 鬥二, 知F 与两电荷的乘积成正比.故 D 错误.故选C.点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式 F 「二，知道库仑力与两电荷的乘积成正比，与距离的二次方成反比.6. （ 3分）图是电场中某区域的电场线分布图, 是（）A. a 点的场强比b 点的大B. a 点的场强与b 点的一样大C. 同一个点电荷在a 点所受的电场力比在D. 同一个点电荷在a 点所受的电场力与在考点：电场强度；电场线. 专题：电场力与电势的性质专题.分析：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密，电场强度越大.同一点电荷在电场强度越大的地方受到的电场力越大.解答：解：A B 由图看出，a 点处电场线比b 点处电场线密，则a 点的场强比b 点的大.故 A 正确，B 错误.C 、D 由电场力公式F=Eq 可知，同一个点电荷在 a 点所受的电场力比在 b 点所受的电场力大.故CD 错误. 故选A点评：本题考查对电场线物理意义的理解和应用，抓住电场线越密，电场强度越大是关键.a 、b 是电场中的两点. F 列说法中正确的b 点所受的电场力小 b 点所受的电场力一样大7.（3分）关于场强与电势的关系，下列说法正确的是（）A. 场强相等的各点，电势也一定相等B.电势为零的位置，场强也一定为零C.电势高的位置，场强一定大D.沿场强的反方向，电势逐渐升高考点：电场强度；电势.专题：电场力与电势的性质专题.分析：根据电场强度与电势没能直接关系分析.顺着电场线方向电势逐渐降低. 解答：解：A、场强相等的各点，电势不一定相等，比如匀强电场中，各点场强相等，顺着电场线方向的各点电势降低•故A错误.B、电势为零的点可任意选取，而场强为零是由电场本身决定的，所以电势为零的位置，场强不一定为零•故B错误.C、电势高的位置，电场线不一定密，场强不一定大.故C错误.D因为顺着电场线方向电势逐渐降低，则沿场强的反方向，电势逐渐升高•故D正确.故选D点评：电场强度和电势都是描述电场本身性质的物理量，可根据电场线的物理意义来理解它们之间的关系：场强大小看电场线的疏密，而电势高低看电场线的方向，两者无关.解答：解：E=是电场强度的定义式，适用于一切电场，仅适用于匀强电场,卜*邛适用于点电荷产生的电场. W=qU适用于一切电场.可知既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场是①④.故选：C.点评：解决本题的关键掌握电场强度的三个公式，知道公式的适用条件，基础题.9. （3分）如图描绘了两个电阻的伏安曲线, 则通过R i、R2的电流比是（）由图中可知，若将这两个电阻并联接入电路中,& （3分）下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）点电荷产生的电场. W=ql适用于一切电场.考点：欧姆定律. 专题：恒定电流专题.分析：由图象可求得两电阻的比值，再由并联电路的规律可知两电阻电压相等，则由欧姆定律可求得电流之比.解答：解：由图可知，R 冷=2Q ; R== Q ;两电阻并联后，电压相等，则由欧姆定律可知： |=丄；故电流与电阻成反比；故电流之比丨1：丨2=艮；R 1=二 2=1 : 6 故选：D.点评：本题考查伏安特性曲线以及欧姆定律的应用，要注意在U- I 图象中图象的斜率表示电阻的阻值.考点：电场强度.专题：电场力与电势的性质专题.分析：根据电场线的疏密表示场强的大小，进行分析.分析时抓住等量异种电荷电场中连线中点的电场线最疏，连线中垂线上，中点的电场线最密.等量同种电荷连线中点的场强为零.解答：解：A 、根据等量异种电荷电场线的分布情况可知，在连线上连线中点处的电场线最疏，场强最小，则从 M 到N,电场强度是先减小后增大，故 A 错误.B 、等量同种电荷连线中点的场强为零，则从 M 到N,电场强度是先减小后增大，故 B 错误.C 、等量异种电荷电场中连线中垂线上，连线中点的电场线最密，越靠近中点电场线越密，场强越大，则从 M 到N 的过程中，电场强度是先增大后减小.故 C 正确.D 等量同种电荷连线中点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从两电荷连线中点到无穷远处，场强先增大后减小，由于 M N 与场强最大值位置关系无法确定，所以M N 处场强关系不能确定，从而不能判断场强怎样，故D 错误.故选：C.A . 1 : 2B. 3: 1C. 6: 1D. 1 : 610.（ 3分）下列四张图中，沿MN 直线从 A .M N两个等量异种电荷C.M .涉 ------- ； ---- ©N 4两个等量异种电荷M 到N 的过程中，电场强度是先增大后减小的是点评：对于等量异种电荷和等量同种电荷电场线的分布情况是考试的热点，要抓住对称性, 熟悉电场线的分布特点.二、双项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分•每小题只有两个选项符合题意, 全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）11. （4分）关于元电荷的理解，下列说法正确的是（）A. 元电荷就是电子B. 元电荷是自然界中真实存在的一种实物粒子C. 元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量D. 物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍考点：元电荷、点电荷专题：电场力与电势的性质专题.分析：元电荷又称“基元电荷”，在各种带电体中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍.解答：解：A、元电荷是与电子的电荷量数值相等的电荷量，但不是电子•故A错误；B、元电荷是自然界最小的电量，不是真实存在的一种实物粒子，故B错误；C、元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量，故C正确；D物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍，故D正确；故选：CD.点评：本题考查对元电荷的理解.元电荷与实物粒子不同，是一种基本电量.基础题.12. （4分）两个半径均为R的金属小球，带电量之比为分析：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出•当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的.当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2：2，原来带电量之比为1：3,原来库仑力为F=，' 1,现在的库仑力为…丄，所以库仑力是原来的当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为1:1，原来带电量之比为1：3,1: 3,相距为r （r >> R）,两者相解答：解：由库仑定律可得: F=k'Z得，库仑力与电量的乘积成正比,互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（同理，所以库仑力是原来的I 故B D 正确，A C 错误.考点：伏安法测电阻.专题：实验题；恒定电流专题.分析：由于实验中的采用的电表不是理想电表，故由于电流表的分压及电压表的分流导致测量误差；分析两表的影响可以得出测量值与真实值间的关系.解答：解：采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏大，故R> R;当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏小，故R X > F2 ；故选A.点评：理想的电流表内阻为零，理想电压表内阻无穷大，但实验电流表内阻不为零，电压表内阻不是无穷大，故在实验中存在误差.17. （4分）多用电表测电阻时，下列操作中正确的是（）A. 测量前检查表针是否停在左端的“ O'位置，如不在则要进行欧姆调零B. 用“X 1”欧姆挡，若指针恰好在刻度30〜50的正中，则待测电阻为40QC. 用“X 1K”挡，若指针偏转角度太大，应换成“X 100”或“X 10”或“X 1”D. 每次换挡后都要重新欧姆调零考点：用多用电表测电阻.版权所有专题：实验题；恒定电流专题.分析：依据多用电表的应用方法，进行分析判断.解答：解：A、先进行机械调零，不是欧姆调零.故A错误B 、欧姆档的刻度不均匀，刻度30〜50的正中不是40Q .故B错误C 、用“X 1K”挡，若指针偏转角度太大，则阻值小，要换成小档位.故C正确D 、每次换挡后电路发生变化，都要重新欧姆调零.故D正确故选：CD点评：考查欧姆表的使用，明确要选择合适的档位并每次换档后要进行欧姆调零18. （4分）如图1 ,螺旋测微器测量某金属丝的直径，则此金属丝的直径是 5.623 （5.621〜5.624 ）mm图2是用20分度的游标卡尺测物体长度的示意图，则物体长度为考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题.分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数为 5.5mm,可动刻度读数为0.01 X 12.3mm=0.123mm 所以最终读数为： 5.5mm+0.123mm=5.623mm由于需要估读，因此在范围 5.621〜5.624mm内均正确；1151 1 H 1 H 1 16ll 1 II 11 H ||7Hill|llll|llll111]iiri |205.015 cm.游标卡尺的固定刻度读数为5cm,游标读数为0.05 x 3mm=0.15mm=0.015cm所以最终读数为：5cm+0.015cm=5.015cm.故答案为：5.623 ( 5.621 〜5.624 ) , 5.015 .点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.19. ( 8分)一种供实验使用的小型电池电动势在9V左右，内阻约为40 Q，电池允许最大输出电流为50mA为了准确测定这个电池的电动势和内阻，用图甲所示的实验器材进行测量(图中电压表内阻很大，可不考虑它对测量的影响) ，R为电阻箱，阻值范围为0〜9999Q ,R)是保护电阻.(1)在实物图甲中，已正确地连接了部分电路，请设计并完成余下电路的连接.(2 )实验中改变电阻箱阻值，取得多组数据，作出了如乙图所示的图线，则根据所作出的图线可求得该电池的电动势E为10 V,内阻r为50 Q .(结果保留两位有效数字)考点：测定电源的电动势和内阻.专题：实验题.分析：(1)根据伏阻法测电源电动势与内阻的原理连接实物电路图.(2)由闭合电路欧姆定律求出函数表达式，然后根据图象求出电源电动势与内电阻. 解答：解：(1)应用伏阻法测电源的电动势与内阻，电压表应测路端电压，电压表要并联在电阻两端，实物电路图如图所示.故答案为：(1)电路图如图所示；(2) 10; 50点评：本题考查了运用伏阻法测量电源电动势和内阻实验，知道实验原理、会根据图象测量(3)由闭合电路欧姆定律可得:=0.1，斜率£25- 0.153X10~2-1X10-2叵1I|ER+R0=5，解得，电动势E=10V,内阻r=50 Q .HHU，图象的截距为电源的电动势和内阻即可正确解题，应用图象法处理实验数据时，要选择合适的物理量，使图象是一条直线.四•计算题(本题共 4小题，共40分•按要求作答，应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)20. (10分)在如图所示的匀强电场中，沿电场线方向有A 、B 两点，A 、B 两点间的距离d=0.10m . —个电荷量 Q=+2.0X 10 C 的点电荷所受电场力的大小F=4.0 X 10 N.求：(1 )电场强度E 的大小；考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度. 专题：电场力与电势的性质专题.分析：根据电场强度的定义式求出电场强度的大小；结合匀强电场的场强公式求出点的电势差；根据电场力做功与电势差的关系求出电场力做功的大小.4答：(1)电场强度E 的大小为2X 10 N/C ； (2) A B 两点的电势差 UA B 为2000V ；3)将该点电荷从 A 点移至B 点的过程中，电场力所做的功W/为4X 10 -J .本题考查了电场强度的定义式、匀强电场的场强公式以及电场力做功与电势差的关电荷的正负、电势差的正负需代入计算.21. (10分)如图示的电路中，电源内阻r=1 Q , R=Ra=2Q ，当电键K 断开时，理想电压表的示数为2.0V ，则当电键K 闭合时，电压表的示数为多少？考点：闭合电路的欧姆定律.A 、B 两解答:解：(1)电场强度为:E=F = 4X1Q - Q — St'2Xio 厲:N/C=2X1 O 4N/C l(3)电场力做功为:一冋 U 曲X1Q eX2000-5J=4X 10 J .系，注意在E=1 中， d 表示沿电场线方向上的距离，在运用W=qU 求解时，功的正负、点评:(2) AB 两点的电势差为: xi O 4xo. l\t2OOOV ；专题：恒定电流专题.分析：当电键K断开时，R直接接到电源上，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据闭合电路欧姆定律求出电源电动势，当电键K闭合时R和R2并联接到电源上，根据闭合电路欧姆定律即可求解路端电压.解答：解：K断开时，根据欧姆定律得：据闭合电路欧姆定律得：E=U+lr=2+1x仁3VK闭合时，R1和R2并联，则根据闭合电路欧姆定律得：]■ ■'二―-—二、’二1「二所以电压表的示数U' =1'R并=1.5 X 1=1.5 V答：当电键K闭合时，电压表的示数为 1.5V .点评：本题关键要搞清电路的结构，弄懂电压表测量哪部分电压•再根据电路的连接关系, 由闭合电路欧姆定律进行求解.22. (10分)如图所示的示波管，质量为m带电量为q的电子由阴极发射后，经电子枪加速水平飞入偏转电场，最后打在荧光屏上，已知加速电压为U1,偏转电压为U2,两偏转极板间距为d，板长为L1，从偏转极板到荧光屏的距离为L2,(1 )求电子离开加速电场的速度V1(2 )求电子离开偏转电场时竖直方向偏移的距离y1和偏转的角度a(3)求电子打在荧光屏上的偏距y2.(3)(2)电子进入偏转电场后做类平抛运动，则有:电子离开电场时竖直分速度为(3)电子离开偏转电场后做匀速直线运动，则到达荧光屏的时间为:(3)点评：解决本题的关键知道电子的运动规律，现在加速电场中加速，然后进入偏转电场做类平抛运动，离开偏转电场做匀速直线运动.-2m=1.0X 10E=3.0X 106N/C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹0 =37°, (sin37 °=0.6 , cos37°=0.8 ,g=10m/s竖直方向有:U2<偏转距离为所以y2=y +y i=ULi (SL J+L J )4U]d答:(1)(2)电子离开偏转电场时竖直方向偏移的距离U2L23. (10分)如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为kg.现加一水平方向向左的匀强电场，场强角为(1)(2)水平方向有:2U】d电子离开加速电场的速度v 1为2比y i,偏转的角度a为电子打在荧光屏上的偏距(3)考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系专题：电场力与电势的性质专题.分析：(1)由小球位置判断电场力方向，进一步得到小球带什么电荷，由平衡条件求解小球的电荷量；(2) 剪断细线后，小球受重力和电场力作用，做匀加速直线运动，由牛顿第二定律求得加速度；(3) 将小球的运动沿水平和竖直方向分解，由分运动的独立性和等时性求解.解答：解(1)小球带正电•由小球受力分析可知：tan37所以，q 卜仙附二1.小10一\10><0」%=2.5 X 竹七E3. OX io 3(2)剪断细线后，小球受重力和电场力作用，质点做匀加速直线运动，牛顿第二定律求得加速度为：(3)由小球在水平及竖直方向运动的独立性答：(1)小球带正电荷，小球的电荷量为 2.5 X 10「7C ;(2) 若现在剪断细线，断线后小球的运动性质匀加速直线运动，运动的加速度是 12.5m/s 2;(3) 断线后小球0.2s 到达墙面.点评：掌握共点力平衡的求法，以及知道电场力的表达式F=Eq,注意将小球的运动沿水平和竖直方向分解，应用分运动的独立性和等时性.a=Eg F 合 cos37° g 1Q ...y 2 in cos37°0. 8^ S2 =12.5m/s水平加速度:ai =^gtan37fl =10X0. /s2，=7.5m/s 1m由运动学公式得：x=刍t故：t2X15X10-^ 2g。