湖北省十堰市郧阳中学2015-2016学年高二上学期12月月考物理试卷(PDF版含答案)
15—16学年上学期高二第三次月考物理试题(附答案)(2)
湖北省宜昌市金东方高级中学15—16学年上学期高二第三次月考物理试题一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.关于静电场，下列说法正确的是（ ）A ．在电场中某点电势等于零，则该点电场强度一定为零，B ．由公式可知电场中某点的电势φ与q 成反比C ．根据公式ab U Ed =可知，在匀强电场中a 、b 间的距离越大，电势差就越大D ．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少2.如图所示，两个相同的小球带电量分别为+4Q 和+Q ，被固定在光滑、绝缘水平面上的A 、B 两点，O 是AB 的中点，C 、D 分别是AO 和OB 的中点．一带电量为+q 的小球从C 点由静止释放，仅在电场力作用下向右运动，则小球从C 点运动到D 点的过程中（ ）A ．速度一直增大B ．加速度一直减小C ．电场力先做正功后做负功D ．电势能先增大后减小3.如图所示，在场强为E 的匀强电场中有A 、B 两点，AB 连线长L ，与电场线夹角为α、则AB 两点的电势差为（ ）A ．ELcos αB ．ELC ．ELsin αD ．零4.关于磁感强度，正确的说法是（ ）A ．磁感强度B 是矢量，方向与F 的方向相同B ．在确定的磁场中，同一点的B 是确定的，不同点的B 可能相同，磁感线密的地方B 大些，磁感线疏的地方B 小些C ．磁感强度B 是矢量，方向与通过该点的磁感线的方向相同D ．根据定义式B=F/(IL)，磁场中某点的磁感强度B 与F 成正比，与IL 成反比5. 如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断错误的是（）A．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B．灯泡L2一定逐渐变暗C．电源效率一定逐渐减小D．R上消耗功率一定逐渐变小6.如图所示，在同一平面内，同心的两个导体圆环中通以同向电流时（）A.两环都有向内收缩的趋势B.两环都有向外扩张的趋势C.内环有扩张趋势，外环有收缩趋势D.内环有收缩趋势，外环有扩张趋势7. 如图所示，直角坐标系Oxy的2、4象限有垂直坐标系向里的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，在第3象限有垂直坐标系向外的匀强磁场，磁感应强度大小为2B，现将半径为R，圆心角为90°的扇形闭合导线框OPQ在外力作用下以恒定角速度绕O点在纸面内沿逆时针方向匀速转动．t=0时线框在图示位置，设电流逆时针方向为正方向．则下列关于导线框中的电流随时间变化关系正确的是（）8.如图是位于x轴上某点的电荷在直线PQ右侧的电势φ随x变化的图线，a、b是x轴上的两点，过P点垂直于x轴的直线PQ和x轴是该曲线的渐近线，则以下说法正确的是（）A．可以判断出OP间的各点电势均为零B．负检验电荷在a点的电势能小于在b点的电势能C．可以判断出P点左侧与右侧的电场方向均为x轴正方向D．正检验电荷从a点移到b点，电场力一直做正功9.高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”.下列所示电路图不能实现上述目标的是（）10.如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L，两导轨间连有一电阻R，导轨平面与水平面的夹角为θ，在两虚线间的导轨上涂有薄绝缘涂层．匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直．质量为m的导体棒从h高度处由静止释放，在刚要滑到涂层处时恰好匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且仅与涂层间有摩擦，动摩擦因数μ=tanθ，其他部分的电阻不计，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．导体棒到达涂层前做加速度减小的加速运动B．在涂层区导体棒做减速运动C．导体棒到达底端的速度为mgRsinθ/(B2L2)D．整个运动过程中产生的焦耳热为mgh﹣m3g2sin2θ/(2B4L4)二、实验题（5分+9分=14分）11.关于多用表的使用：（1）下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是A．测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，不应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零（2）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a和b的位置，如图所示．若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中．12.一个未知电阻R x，阻值大约为1.0kΩ～1.2kΩ．为了较为准确的测定其电阻值，实验室中还备有如下器材：电源E（电动势3V、内阻可忽略）电压表V （量程3V、内阻约为3kΩ）电流表A1（量程3mA、内阻约为10Ω）电流表A2（量程0.6A、内阻约为1Ω）滑动变阻器R的最大阻值为20Ω开关S、导线若干（1）在实验中电流表应选．（2）为了尽可能减少误差，且能够测量较多组数据，请你在虚线框中画出本实验的电路图．（3）根据你所画的电路图在题给的实物图上用笔画线代替导线画出连接图．三、计算题（本题共46分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）13.（10分）有一带电量q=﹣3×10﹣6C的点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6×10﹣4J．从B点移到C点时电场力做功9×10﹣4J．问：（1）AB、BC、CA间电势差各为多少？（2）如以B点电势为零,电荷在A、C两点的电势能各为多少？14.（12分）有一金属细棒ab，质量m=0.05kg，电阻不计，可在两条轨道上滑动，如图所示，轨道间距为L=0.5m，其平面与水平面的夹角为θ=37°，置于垂直于轨道平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=1.0T，金属棒与轨道的动摩擦因数μ=0.5，（设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等）回路中电源电动势为E=3V，内阻r=0.5Ω．求：（1）为保证金属细棒不会沿斜面向上滑动，流过金属细棒ab的电流的最大值为多少？（2）滑动变阻器R的阻值应调节在什么范围内，金属棒能静止在轨道上？（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）15.（12分）如图所示，一足够长的矩形区域abcd内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为B的匀强磁场，在ad边中点O，方向垂直磁场向里射入一速度方向跟ad边夹角θ=30°、大小为v0的带正电粒子，已知粒子质量为m，电量为q，ad边长为L，ab边足够长，粒子重力不计，求：（1）粒子能从ab边上射出磁场的v0大小范围．（2）如果带电粒子不受上述v0大小范围的限制，求粒子在磁场中运动的最长时间．16.（12分）如图甲所示，光滑绝缘水平面上，磁感应强度B=2T的匀强磁场以虚线MN为左边界，磁场的方向竖直向下。
十堰市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题
十堰市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
选项D 正确。
故选BD 。
2．真空中，在x 轴上的坐标原点O 和x =50cm 处分别固定点电荷A 、B ，在x =10cm 处由静止释放一正点电荷p ，点电荷p 只受电场力作用沿x 轴方向运动，其速度与在x 轴上的位置关系如图所示。
下列说法正确的是（ ）A ．x =10cm 处的电势比x =20cm 处的电势高B ．从x =10cm 到x =40cm 的过程中，点电荷p 的电势能一定先增大后减小C ．点电荷A 、B 所带电荷量的绝对值之比为9：4D ．从x =10cm 到x =40cm 的过程中，点电荷p 所受的电场力先增大后减小 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】A ．点电荷p 从x =10cm 处运动到x =30cm 处，动能增大，电场力对点电荷做正功，则点电荷所受的电场力方向沿+x 轴方向，因此，从x =10cm 到x =30cm 范围内，电场方向沿+x 轴方向，所以，x =10cm 处的电势比x =20cm 处的电势高，故A 正确；B ．点电荷p 在运动过程中，只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变，点电荷的动能先增大后减小，则其电势能先减小后增大，故B 错误；C ．从x =10cm 到x =30cm 范围内，点电荷p 所受的电场力沿+x 轴方向，从x =30cm 到x =50cm 范围内，点电荷p 所受的电场力沿-x 轴方向，所以，点电荷p 在x =30cm 处所受的电场力为零，则点电荷A 、B 对点电荷p 的静电力大小相等，方向相反，故有22A B A B Q q Q qkk r r = 其中r A =30cm ，r B =20cm ，所以，Q A ：Q B =9：4，故C 正确；D ．点电荷x =30cm 处所受的电场力为零，由电场力公式F =qE 可知：x =30cm 处的电场强度为零，所以从x =10cm 到x =40cm 的过程中，点电荷p 所受的电场力一定先减小后增大，故D 错误。
湖北省十堰市郧阳中学2015-2016学年高二上学期12月月考数学(文)试卷
郧阳中学2014级高二12月月考数学文科命题人：刘杰 审题人：郑钰一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分． 在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知i 为虚数单位，a R ∈，若()211a a i -++为纯虚数，则复数()2z a a i =+- 在复平面内对应的点位于（ ）A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限2．某单位有职工750人，其中青年职工350人，中年职工250人，老年职工150人，为了了解该单位职工的健康情况，用分层抽样的方法从中抽取样本.若样本中的青年职工为7人，则样本容量为（ ）A.7B.15C.25D.353．从装有2个红球和2个白球的的口袋中任取2个球，那么下列事件中，互斥事件的个数是（ ） ①至少有1个白球与都是白球； ②至少有1个白球与至少有1个红球； ③恰有1个白球与恰有2个红球； ④至少有1个白球与都是红球。
A ．0 B ．1 C ．2 D ．3 4．(程序如右图）程序的输出结果为( )A. 3，4 B ． 7，7C ． 7，8D ． 7，115．过点),2(a A -和点)4,(a B 的直线的倾斜角为045，则a 的值为 ( ) A ．1或3 B ．1 C ． 1或4 D ．46．已知直线3430x y +-=与直线6140x my ++=平行，则它们之间的距离是（ ） A ．1710 B ． 175C ．8D ．2 7．某车间为了规定工时额，需在确定加工零件所花费的时间，为此进行了5次试验，根据收到的数据(如下表)，用最小二乘法求得回归方程9.5467.0ˆ+=x yA.70B.69C.68D. 678．某人5次上班途中所花的时间（单位：分钟）分别为9,11,10,,y x ,已知这组数据的平均数为10，方差为2，则||y x -的值为（ ）A ． 1B ． 2C ． 3D ． 49．如果直线2+=ax y与直线b x y +=3关于直线x y =对称，那么b a ,的值分别是（ ） A ．6,31B ．6,31- C ．2,3- D ．6,310．已知O 为坐标原点，点M 的坐标为)1,1(-，点N(x,y)的坐标x,y 满足230,330,1.x y x y y +-≤⎧⎪+-≥⎨⎪≤⎩ 则0OM ON ⋅<的概率为( )A.21 B ．31 C. 41 D ．43 11．实数y x ,满足4)4(22=++y x ，则22)1()1(-+-y x 的最大值为 ( )A ．262+B ．26430+C ．13230+D ．13430+12．从原点O 引圆1)2()(222+=-+-m y m x 的切线为kx y =，当m 变化时切点P 的轨迹方程是（ ）A. 222=+y x B ．3)1(22=+-y x C. 3)1()1(22=-+-y x D ．322=+y x二、填空题：本大题4小题，每小题5分，共20分．把正确答案填在题中横线上． 13．要从已编号360~1的360件产品中随机抽取30件进行检验，用系统抽样的方法抽出样本.若在抽出的样本中有一个编号为105，则在抽出的样本中最小的编号为__________． 14．若执行如图所示的程序框图后，输出的结果是29-，则判断框中的整数k 的值是______． 15．观察下列等式：1－1122=1－1111123434+-=+1－1111111123456456+-+-=++…………据此规律，第n 个等式可为______________________. 16．如果直线()21400,0ax by a b -+=>>和函数()()110,1x f x mm m +=+>≠的图象恒过同一个定点，且该定点始终落在圆()()221225x a y b -+++-=的内部或圆上，那么ba的取值范围是_______________.三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤． 17．（本小题共10分） (1)已知两直线03)1(2:,02:21=--++=-+a y a x l y x l ，当21l l ⊥时，求a 的值。
湖北高二高中物理月考试卷带答案解析
湖北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、计算题如图所示，在xoy 坐标系中，两平行金属板如图1放置，OD 与x 轴重合，板的左端与原点O 重合，板长L=2m ，板间距离d=1m ，紧靠极板右侧有一荧光屏．两金属板间电压U AO 变化规律如图2所示，变化周期为T=2×10﹣3s ，U 0=103V ，t=0时刻一带正电的粒子从左上角A 点，以平行于AB 边v 0=1000m/s 的速度射入板间，粒子电量q=1×10﹣5C ，质量m=1×10﹣7kg ．不计粒子所受重力．求：（1）粒子在板间运动的时间；（2）粒子打到荧光屏上的纵坐标；（3）粒子打到屏上的动能．二、选择题如图所示为一交变电流的电压随时间变化的图象，正半轴是正弦曲线的一个部分，则此交变电流的电压的有效值是（ ）A ．VB ．3VC ．VD ．5 V三、简答题如图（a ）所示，水平放置的平行金属板A 、B 间加直流电压U ，A 板正上方有“V”字型足够长的绝缘弹性挡板．在挡板间加垂直纸面的交变磁场，磁感应强度随时间变化如图（b ），垂直纸面向里为磁场正方向，其中B 1=B ，B 2未知．现有一比荷为、不计重力的带正电粒子从C 点静止释放，t=0时刻，粒子刚好从小孔O 进入上方磁场中，在 t 1时刻粒子第一次撞到左挡板，紧接着在t 1+t 2时刻粒子撞到右挡板，然后粒子又从O 点竖直向下返回平行金属板间．粒子与挡板碰撞前后电量不变，沿板的分速度不变，垂直板的分速度大小不变、方向相反，不计碰撞的时间及磁场变化产生的感应影响．求：（1）粒子第一次到达O 点时的速率；（2）图中B 2的大小；（3）金属板A 和B 间的距离d ．湖北高二高中物理月考试卷答案及解析一、计算题如图所示，在xoy 坐标系中，两平行金属板如图1放置，OD 与x 轴重合，板的左端与原点O 重合，板长L=2m ，板间距离d=1m ，紧靠极板右侧有一荧光屏．两金属板间电压U AO 变化规律如图2所示，变化周期为T=2×10﹣3s ，U 0=103V ，t=0时刻一带正电的粒子从左上角A 点，以平行于AB 边v 0=1000m/s 的速度射入板间，粒子电量q=1×10﹣5C ，质量m=1×10﹣7kg ．不计粒子所受重力．求：（1）粒子在板间运动的时间；（2）粒子打到荧光屏上的纵坐标；（3）粒子打到屏上的动能．【答案】（1）粒子在板间运动的时间为2×10﹣3s ；（2）粒子打到荧光屏上的纵坐标为y=0.85m ；（3）粒子打到屏上的动能5.05×10﹣2J ．【解析】解：（1）粒子在板间沿x 轴匀速运动，运动时间为t ，L=v 0t（2）0时刻射入的粒子在板间偏转量最大为y 1又根据牛顿第二定律所以解得y 1=0.15m故纵坐标为y=d ﹣y 1=0.85m（3）粒子出射时的动能，由动能定理得：代入数据解得答：（1）粒子在板间运动的时间为2×10﹣3s ；（2）粒子打到荧光屏上的纵坐标为y=0.85m ；（3）粒子打到屏上的动能5.05×10﹣2J ．【点评】考查粒子力电综合解题，掌握处理的方法，理解牛顿第二定律与运动学公式的应用．二、选择题如图所示为一交变电流的电压随时间变化的图象，正半轴是正弦曲线的一个部分，则此交变电流的电压的有效值是（ ）A ．VB ．3VC ．VD ．5 V【答案】C【解析】在前半周，是正弦式交流电，电压为：，后半周的电压恒定，为：U 2=4V ；根据有效值定义，有：代入数据解得 ．故选C.点睛：取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电压值，即为此交流电压的有效值.三、简答题如图（a ）所示，水平放置的平行金属板A 、B 间加直流电压U ，A 板正上方有“V”字型足够长的绝缘弹性挡板．在挡板间加垂直纸面的交变磁场，磁感应强度随时间变化如图（b ），垂直纸面向里为磁场正方向，其中B 1=B ，B 2未知．现有一比荷为、不计重力的带正电粒子从C 点静止释放，t=0时刻，粒子刚好从小孔O 进入上方磁场中，在 t 1时刻粒子第一次撞到左挡板，紧接着在t 1+t 2时刻粒子撞到右挡板，然后粒子又从O 点竖直向下返回平行金属板间．粒子与挡板碰撞前后电量不变，沿板的分速度不变，垂直板的分速度大小不变、方向相反，不计碰撞的时间及磁场变化产生的感应影响．求：（1）粒子第一次到达O 点时的速率；（2）图中B 2的大小；（3）金属板A 和B 间的距离d ．【答案】（1） ；（2）2B ；（3） n=0，1，2，…【解析】（1）粒子从B 板到A 板过程中，电场力做正功，根据动能定理有qU=﹣0解得粒子第一次到达O 点时的速率（2）粒子进入上方后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由qvB=m 得则得粒子做匀速圆周运动的半径 ,使其在整个装置中做周期性的往返运动，运动轨迹如下图所示，由图易知：r 1=2r 2．则得B 2=2B（3）在0～t 1时间内，粒子做匀速圆周运动周期在t 1～（t 1+t 2）时间内，粒子做匀速圆周运动的周期由轨迹图可知粒子在金属板A 和B 间往返时间为t ，有且满足 t=t 2+n （t 1+t 2），n=0，1，2，…联立可得金属板A 和B 间的距离 ，n=0，1，2，…。
湖北高二高中物理月考试卷带答案解析
(2)写出线圈转动过程中感应电动势的瞬时值表达式．
(3)求线圈从t＝0位置开始到转过90°的过程中的平均电动势．
(4)求线圈从t＝0位置开始到转过60°时的瞬时电流．
湖北高二高中物理月考试卷答案及解析
一、填空题
1.如图所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为 B的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R。线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度 匀速转动，线框中感应电流的有效值I=。 线框从中性面开始转过 的过程中，通过导线横截面的电荷量q=。
D．线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为 Wb
9.如图，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两只相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，开关S断开，当S闭合时，以下说法中正确的是( )
A．副线圈两端M、N的输出电压减小
B．副线圈输电线等效电阻R上的电压降增大
C．通过灯泡L1的电流减小
D．原线圈中的电流增大
A．线框一直都有感应电流
B．线框有一阶段的加速度为g
C．线框产生的热量为mg(d＋h＋L)
D．线框一直加速运动
3.某实验小组用如图所示的实验装置来验证楞次定律．当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时，通过电流计的感应电流方向是 （ ）
A．a→G→b
B．先a→G→b，后b→G→a
C．b→G→a
D．先b→G→a，后a→G→b
故选：C
【点评】线圈的自感系数越大，频率越高时，感抗越高．
2.如图所示，相距为d的两水平虚线分别是水平向里的匀强磁场的边界，磁场的磁感应强度为B，正方形线框abcd边长为L(L<d)、质量为m.将线框在磁场上方高h处由静止开始释放，当ab边进入磁场时速度为v0，cd边刚穿出磁场时速度也为v0.从ab边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的整个过程中( )
湖北省团风中学2015-2016学年高二物理12月月考试题(答案不全).
团风中学2015年秋季高二年级十二月份月考物 理 试 题时间：90分钟 满分：110分一、选择题（本题包括10个小题，1~7小题为单选，8~10小题为多选（不全得2分）。
每小题4分，共40分）1．如图所示是等腰直角三棱柱，其中底面abcd 为正方形，边长为L ，它们按图示位置放置于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B ，下列说法中正确的是（ ）A ．通过abcd 平面的磁通量大小为L 2·BB ．通过dcfe 平面的磁通量大小为2L 2·B C ．通过ab fe 平面的磁通量大小为L 2·BD 2·B2．把一根柔软的螺旋弹簧竖直悬挂起来，使它的下端刚好与杯里的水银面相接触，并组成如图所示电路图，当开关S 接通后，将看到的现象是（ ） A ．弹簧向上收缩 B ．弹簧上下跳动 C ．弹簧被拉长 D ．弹簧仍静止不动3．在匀强磁场中，有一个接有电容器的单匝导线回路，如图所示，已知C =30F μ，L 1=5cm ，L 2=8cm ，磁场以2510-⨯T/s 的速率增加，则（ ）A ．电容器上极板带正电，带电荷量为5610-⨯ C B ．电容器上极板带负电，带电荷量为5610-⨯ C C ．电容器上极板带正电，带电荷量为9610-⨯ C D ．电容器上极板带负电，带电荷量为9610-⨯ C4．如图中①②所示，在匀强磁场中，有两个通电线圈处于如图ab所示的位置，则（ ）A ．从上往下俯视，①中的线圈顺时针转动B ．从上往下俯视，①中的线圈逆时针转动C ．从上往下俯视，②中的线圈顺时针转动D ．从上往下俯视，②中的线圈逆时针转动5．如图所示，长方体玻璃水槽中盛有NaCl 的水溶液，在水槽左、右侧壁内侧各装一导体片，使 溶液中通入沿x 轴正向的电流I ，沿y 轴正向加恒定的匀强磁场B ．图中a 、b 是垂直于z 轴方 向上水槽的前、后两内侧面，则（ ） A ．a 处电势高于b 处电势B ．溶液的上表面电势高于下表面的电势C ．a 处离子浓度大于b 处离子浓度D ．溶液的上表面处的离子浓度大于下表面处的离子浓度6．如图所示，六根导线均通以电流I ，相互平行靠近，组成面积相同的ABCD 四个正方形．则磁通量最大且方向指向纸内的区域是（ ）A ．A 区域B ．B 区域C ．C 区域D ．D 区域7．如图所示，负载电阻R ，滑动变阻器总阻值错误！未找到引用源。
2015-2016学年湖北省十堰二中高二(上)第一次月考物理试卷
2015-2016学年湖北省十堰二中高二（上）第一次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共3小题，共15.0分)1.关于点电荷的说法，下列正确的是（）A.体积很大的带电体不能看成点电荷B.物体带电量很小时，可以看作点电荷C.点电荷是理想化的物理模型D.点电荷的带电量一定是1.6×10-19C【答案】C【解析】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，所以C正确．D、点电荷只是带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计，但是电荷量并不一定就是1.6×10-19C，所以D错误．故选C当带电体之间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，能不能把带电体看成点电荷，不是看带电体的体积和电量，而看带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响能不能忽略不计．2.如图所示，用起电机使金属球A带上正电，靠近验电器B，则（）A.验电器金箔不张开，因为球A没有和B接触B.验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了正电C.验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了负电D.验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电【答案】D【解析】解：把一个带正电的物体A，靠近一个原来不带电的验电器的金属小球，验电器的金属小球由于感应会带上负电荷和金属箔由于感应会带上正电荷，而整个验电器不带电．所以验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电．故选D．（1）验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，金属箔片张开，说明验电器上带了电荷；（2）物体带正电，靠近验电器的金属球时，金属小球由于感应会带上负电荷和金属箔由于感应会带上正电荷；本题考查了感应起电的相关知识点，要知道验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的．3.电场中有一点P，下列说法正确的是（）A.若放在P点的电荷的电量减半，则P点场强减半B.若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C.P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大D.P点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向【答案】C【解析】解：A、通过电荷所受电场力与其电量的比值来定义电场强度，该点的电场强度已是定值，若放在P点的电荷的电量减半，其比值是不变的，只有电场力减半，故A错误；B、若P点没有检验电荷，则没有电场力，而P点的电场强度仍不变．故B错误；C、P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确；D、P点的场强方向为检验正电荷在该点的受力方向，故D错误；故选：C电场强度是描述电场强弱的物理量，它是由电荷所受电场力与其电量的比值来定义．比值与电场力及电量均无关．而电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向，电势是降低的．电场强度是通过比值定义的，比值与其电场力及电量均没有关系．例如：质量与体积的比值定义为密度．当质量变大时，体积变大，而比值却不变．电场线虽不实际存在，但却能形象描绘电场的强度与方向．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)4.如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列场强大小关系式正确的是（）A.E a=E b＜E cB.E a=E O=E bC.E a＜E dD.E c＞E O＞E d【答案】AC【解析】解：根据电场线越密场强越大，则由两个等量异号的点电荷电场线的分布情况可知，中垂线上中点O的场强最大，而且根据对称性可知，a、b两处电场线疏密相同，场强大小相等，E a=E b＜E o在两个电荷连线上，O点电场线最疏，场强最小，而且根据对称性可知，c、d两处的电场线疏密相同，故有E c=E d＞E o．所以有E a=E b＜E c，E a＜E d故选AC两个等量异号的点电荷连线的中垂线上中点O的场强最大，在两个电荷连线上，O点的场强最小，根据电场线的疏密进行分析．等量同种、等量异种电荷周围的电场分布情况是考察的重点，要结合电场强度、电势、电势能等概念充分理解等量同种、等量异种电荷周围的电场特点．三、单选题(本大题共4小题，共20.0分)5.如图所示，a、b是某一电场线中的两点，则（）A.a点电势高于b点的电势B.a点场强大于b点的场强C.电荷在a点的电势能大于b点的电势能D.电荷放在a点所受电场力大于放在b点所受电场力【答案】A【解析】解：A、根据顺着电场线方向电势降低，则知a点电势高于b点的电势，故A正确．B、电场线的疏密表示电场强度的相对大小，由于a、b附近电场线的分布情况未知，则场强的大小不能确定．故B错误．C、正电荷从a点移动到b点，电场力向右，电场力做正功，电势能减小，则正电荷在a点的电势能大于b点的电势能；负电荷从a点移动到b点，电场力向左，电场力做负功，电势能增大，则负电荷在a点的电势能小于b点的电势能；故C错误．D、由F=q E知：不能比较电荷所受的电场力大小，故D错误．故选：A．根据顺着电场线方向电势降低，判断a、b两点电势的高低．电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确定a、b两处场强的大小．根据电场力做功正负判断电势能的大小．本题要抓住电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电线线，不能反映电场线的疏密，所以不能确定场强的大小．6.如图所示，在原来不带电的金属杆ab附近，在ab连线的延长线上放置一个正点电荷，达到静电平衡后，下列判断正确的是（）A.a端的电势比b端的高B.b端的电势比d点的高C.a端的电势与b端的电势相等D.感应电荷在杆内c处产生的场强方向由b指向a【答案】C【解析】解：ABCD、达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强为零，即正电荷和感应电荷在内部产生的合场强为零，正电荷在c处产生的场强方向由b指向a，所以感应电荷在杆内c处产生的场强方向由a指向b，故ABD错误，C正确．故选：C．根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，再由静电平衡的导体内部场强为零判断场强的反向．达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．7.在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：把正电荷放在金属球壳内部，由于静电感应的作用，在球壳的内壁会感应出负电荷，在球壳的外壁会感应出正电荷，所以在金属球壳的壳壁之间，由于正电荷的电场和感应电场的共同的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，所以在金属球壳的壳壁之间没有电场线，对于球壳外部的电场分布情况不会受到影响，所以正确的是D．故选D当正电荷放入不带电金属球壳内部的时候，由于静电感应的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，在球壳外的电场的分布不受球壳的影响．本题是考查学生对于静电感应现象的理解情况，在球壳的内壁放电荷的时候，球壳不会对球壳外部的电场产生影响，只影响壳壁之间的电场的分布情况．8.某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q 的点电荷，则它受到的电场力的大小为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：由电容的定义式C=得，板间电压为U=．板间场强大小为E=．点电荷所受的电场力大小为F=q E，联立得到，F=．故选：C由电容的定义式C=求出两极板间的电压，由板间电压与场强的关系式U=E d求出板间场强，点电荷所受的电场力大小为F=q E．本题考查对于电容、板间电压、场强等物理量之间关系的掌握情况．基础题．四、多选题(本大题共3小题，共18.0分)9.如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变．下列说法中正确的是（）A.液滴将向下运动B.液滴将向上运动C.极板带电荷量将增加D.极板带电荷量将减少【答案】BC【解析】解：A、B电容器板间的电压保持不变，当将极板A向下平移一小段距离时，根据E=分析得知，板间场强增大，液滴所受电场力增大，液滴将向上运动．故A错误，B正确．C、D将极板A向下平移一小段距离时，根据电容的决定式C=得知电容C增大，而电容器的电压U不变，极板带电荷量将增大．故C正确，D错误．故选：BC．带电油滴悬浮在平行板电容器中P点，处于静止状态，电场力与重力平衡，将极板A 向下平移一小段距离时，根据E=分析板间场强如何变化，判断液滴如何运动．根据电容的决定式和定义式结合分析极板所带电量如何变化．本题关键要抓住电容器的电压不变，由电容的决定式C=和电量Q=CU结合分析电量变化．10.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A.粒子带正电B.粒子加速度逐渐减小C.A点的速度大于B点的速度D.粒子的初速度不为零【答案】BCD【解析】解：A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；C、电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度，故C正确；D、若在A点的初速度为零，在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D正确．故选：BCD．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，判定动能增加与否，从确定速度大小．11.如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa，φb和φc，φa＞φb＞φc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示，由图可知（）A.粒子从K到L过程中，电场力做负功B.粒子从L到K过程中，电场力做负功C.粒子从K到L过程中，电势能增加D.粒子从L到K过程中，动能减少【答案】AC【解析】解：A、由轨迹弯曲方向可知粒子受到的是斥力，粒子从K到L的过程中，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功．故A正确．BC、粒子从L到K过程中，电场力做正功，动能增大，故BD错误．C、粒子从K到L的过程中，电场力做负功，电势能增加．故C正确．故选：AC．根据轨迹的弯曲判断出电荷的受力，通过电场力做功判断电势能的变化，以及根据动能定理，通过电场力做功判断动能的变化．解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．五、计算题(本大题共3小题，共41.0分)12.真空中有两个点电荷，相距30cm，它们的电荷量分别是+2.0×10-9C和-4.0×10-9C．（K=9.0×109N．m2/C2）问：（1）这两个电荷的相互作用力是引力还是斥力？（2）这两个电荷的相互作用力是多少？【答案】解：（1）因为这两个的电荷电性相反，因此它们之间库仑力为引力，所以这两个电荷的相互作用力是引力．（2）由库仑定律得：F=k带入数据得：F=8×10-7N故这两个电荷间的相互作用力为：F=8×10-7N．答：（1）这两个电荷的相互作用力是引力；（2）这两个电荷的相互作用力是8×10-7N．【解析】（1）根据同性排斥异性吸引进行判断．（2）直接根据库伦定律公式进行计算即可．本题很简单直接考查了库伦定律F=k的应用，对于这个公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．13.如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电量为4×10-6C的负点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10-4J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10-4J，则：（1）U MN等于多少伏？（2）M板的电势φM和A点的电势φA分别是多少？【答案】（1）从A移到M电场力做负功8×10-4J，则从M移到A电场力做正功8×10-4J，解：故从M移到N，电场力做功为：W=8×10-4J+4×10-4J=1.2×105J；有：U MN===-300V；（2）N板接地，故M板的电势为：φM=U MN=-300V；A点的电势为：φA-0===-100V；答：（1）MN间的电势差为-300V；（2）M板的电势φM和A点的电势φA分别是-300V和-100V．【解析】（1）由题意可知将电荷从M移到N板时电场力所做的功，则由W=U q可知MN间的电势差；（2）M点的电势等于MN间的电势差，A点的电势等于AN间的电势差．在根据电场力做功求电势有电势差要注意各量的符号，并且要明确各符号代表的含义．14.如图所示，有一正粒子，质量为m，电荷量为q，由静止开始经电势差为U1的电场加速后，进入两块板间距离为d，板间电势差为U2的平行金属板间，若质子从两板正中间垂直电场方向射入偏转电场，并且恰能从下板右边缘穿出电场．求：（1）粒子刚进入偏转电场时的速度v0；（2）粒子在偏转电场中运动的时间和金属板的长度；（3）粒子穿出偏转电场时的动能．【答案】解：（1）粒子在加速电场后经电场加速，根据动能定理有：可得（2）粒子在右边的偏转电场中可分解为沿板方向的匀速直线运动和垂直板方向的匀加速直线运动，所以沿板方向：x=L=v0t…①垂直板方向：y==at2…②而加速度：．a=…③由以上各式解得：L=；t=；（3）质子先在加速电场中电场力对其做正功，而后又在偏转电场中，尽管做曲线运动，但电场力对它仍然做正功，且电场力做功与路径无关．所以整个过程由动能定律得：q U1+q=E k-0所以质子射出电场时的动能为：E k=q U1+）答：（1）粒子刚进入偏转电场时的速度v0为；（2）粒子在偏转电场中运动的时间为和金属板的长度为；（3）粒子穿出偏转电场时的动能为q U1+）．【解析】（1）对直线加速过程运用动能定理直接列式求解即可；（2）在偏转电场U2中粒子做类似平抛运动，将运动沿着初速度方向和电场力方向正交分解，然后运用运动学公式列式求解；（3）对从直线加速到偏转结束的整个运动过程运用动能定理列式求解即可．本题关键是分析清楚粒子的运动规律，对于类平抛运动，可以运用正交分解法分解为初速度方向的匀速直线运动和沿电场力方向的匀加速直线运动，同时结合动能定理列式求解．。
高二物理上学期12月月考试卷高二全册物理试题2 (2)
嘴哆市安排阳光实验学校右玉一中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、单项选择（本题共8个小题，每小题3分，共24分）1．关于电源的电动势，下列说法正确的是( )A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大2．如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10cm，bc=5cm，当将A与B接入电压为U的电路中时，电流为1A；若将C与D接入电压为U的电路中，则电流为( )A．6A B．2A C．4A D ．A3．某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是( )A．若选择甲图，测量值偏大B．若选择乙图，测量值偏大C．若被测电阻R X与电流表接近，应该选择乙图误差较小D．若被测电阻R X与电压表接近，应该选择甲图误差较小4．小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法不正确的是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积5．饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是一温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R0是饮水机加热管的电阻，R是与加热管串联的电阻．下表是从其说明书中摘录的一些技术数据．（不考虑R0、R的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率），当开关S闭合时，饮水机处于何工作状态和R0的阻值为( )额定电压220V频率50Hz加热功率550W保温功率22WA．加热，220ΩB．加热，88ΩC．保温，88ΩD．保温，220Ω6．额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W的电灯两盏，若接在外电压是220V的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的( )A ．B ．C ．D ．7．如图所示，图线a是某一电源的U﹣I曲线，图线b是一定值电阻的U﹣I 曲线．若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0Ω），则下列说法错误的是( )A．将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大B．将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大C．该定值电阻为6ΩD．该电源的电动势为20V8．如图，两个定值电阻R1R2串联后接在输出电压U稳定于12V的直流电源中．有人把一个内阻不是远大于R1 R2的电压表接在R1两端，电压表的示数8V，如果他把此表改接在两端R2，则电压表的示数( )A．小于4V B．等于4V C．大于或等于8V D．大于4V小于8V二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分）9．在如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变亮了些，灯泡B不亮了．则电路中出现的故障可能是( )A．灯泡B短路B．灯泡B断路C．若灯泡B完好，R3短路D．若灯泡B完好，R3、R2同时短路10．如图所示，实验得到甲、乙两闭合电路的路端电压U与干路电流强度I的图象，由图象可知( )A．E甲=E乙B．E甲＞E乙C．r甲＞r乙D．r甲＜r乙11．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，电阻R2、R3为定值电阻，R1为滑动变阻器，A、B为电容器的两个极板．当滑动变阻器R1处于某位置时，A、B两板间的带电油滴静止不动．则下列说法中正确的是( )A．仅把R1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向下运动B．仅把R1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动C．仅把两极板A、B间距离增大，油滴向下运动，电流表读数不变D．仅把两极板A、B间相对面积减小，油滴向下运动，电流表读数不变12．如图甲所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化．图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况．以下说法正确的是( )A．图线a表示的是电压表V3的示数随电流表示数变化的情况B．图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况C．此过程中电压表V1示数的变化量△U1和电流表示数变化量△I的比值变大D．此过程中电压表V3示数的变化量△U3和电流表示数变化量△I的比值不变三、填空题（每空2分，共10分）13．某实验小组描绘规格为“2.5V 0.6W”的小灯泡的I﹣U特性曲线．在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，如图所示为一简单欧姆表原理示意图，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是__________色（选填：红，黑）；则应将选择开关旋至__________ 档进行测量（选填×100，×10，×1）；则读数为__________Ω．14．有一电流表G，内阻R g=30欧，满偏电流I g=1mA，要把它改装成一个量程为3V的电压表，需要串联一个__________Ω的电阻，要把它改装成一个量程为0.6A的电流表，需要并联一个__________Ω的电阻，（结果都保留3位有效数字）四、实验题（每空2分，共20分）15．某照明电路出现故障，其电路如图1所示，该电路用标称值12V的蓄电池为电源，导线及其接触完好．维修人员使用已调好的多用表直流50V档检测故障，他将黑表笔接在c点，用红表笔分别探测电路的a、b点．（1）断开开关，红表笔接在a点时多用表指示如图2所示，读数为__________V，说明__________正常（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）．（2）红表笔接在b点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图2相同，可判定发生故障的器件是__________（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）16．（14分）在“测定金属丝的电阻率”的实验中，需要测出金属丝的电阻R1，甲、乙两同学分别采用了不同的方法进行测量：（1）①甲同学直接用多用电表测其电阻，该同学选择×10Ω倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针转过角度太大．为了准确地进行测量，请你从以下给出的操作步骤中，选择必要的步骤，并排出合理顺序：__________．（填步骤前的字母）A．旋转选择开关至欧姆挡“×1Ω”B．旋转选择开关至欧姆挡“×100Ω”C．旋转选择开关至“OFF”，并拔出两表笔D．将两表笔分别连接到R x的两端，读出阻值后，断开两表笔E．将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔②按正确步骤测量时，指针指在图1示位置，R x的测量值为__________Ω．（2）乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量：电压表V（量程0～5V，内电阻约10kΩ）电流表A1（量程0～500mA，内电阻约20Ω）电流表A2（量程0～300mA，内电阻约4Ω）滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω，额定电流为2A）滑动变阻器R2（最大阻值为250Ω，额定电流为0.1A）直流电源E（电动势为4.5V，内电阻约为0.5Ω）电键及导线若干为了较精确画出I﹣U图线，需要多测出几组电流、电压值，故电流表应选用__________，滑动变阻器选用__________（选填器材代号），乙同学测量电阻的值比真实值__________（选填“偏大”“偏小”“相等”），利用选择的器材，请你在图2方框内画出理想的实验电路图，并将图3中器材连成符合要求的电路．五、计算题（本题包括3个小题，共30分）解答需写出必要的文字说明和重要的演算步骤．17．如图所示的电路中，R1=9Ω，R2=30Ω，S闭合时，电压表V的示数为11.4V，电流表A的示数为0.2A，S断开时，电流表A的示数为0.3A，求：（1）电阻R3的值；（2）电源电动势E和内电阻r的值．18．在研究微型电动机的性能时，应用如图的实验电路，当调节变阻器R使电动机停止转动时，电流表和电压表测得的数据是0.5A，2.0V，重新调节R使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的读数分别是2.0A，30.0V，则这台电动机运转时的输出功率是多少？电动机的效率是多少？19．（14分）如图所示，电源电动势E=3V，内阻r=3Ω，定值电阻R1=1Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为10Ω，求：（1）当滑动变阻器的阻值R2为多大时，电阻R1消耗的功率最大？电阻R1消耗的最大功率是多少？（2）当变阻器的阻值R2为多大时变阻器消耗功率的最大？变阻器消耗的最大功率是多少？（3）当变阻器的阻值为多大时，电源输出功率最大？电源输出的最大功率是多少？电源的效率为多大？右玉一中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、单项选择（本题共8个小题，每小题3分，共24分）1．关于电源的电动势，下列说法正确的是( )A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故A错误．B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故BD错误．C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故C正确．故选：C．【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．2．如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10cm，bc=5cm，当将A与B接入电压为U的电路中时，电流为1A；若将C与D接入电压为U的电路中，则电流为( )A．6A B．2A C．4A D ．A【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电阻定律公式R=确定两次电阻值之比，然后根据欧姆定律确定电流之比．【解答】解：根据电阻定律公式R=，有R AB =ρ ①R CD =ρ ②故==根据欧姆定律，电压相同时，电流与电阻成反比．故两次电流之比为1：4，故第二次电流为4A；故选：C．【点评】本题主要考察电阻定律和欧姆定律的灵活运用，注意电压一定时，电流与电阻成反比，基础题目．3．某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是( )A．若选择甲图，测量值偏大B．若选择乙图，测量值偏大C．若被测电阻R X与电流表接近，应该选择乙图误差较小D．若被测电阻R X与电压表接近，应该选择甲图误差较小【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻阻值是电流表内阻与待测电阻的串联值的和，电流表外接法测得的电阻阻值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值；用的电流表内阻越小，电压表内阻越大，测量的误差越小．【解答】解：A、甲图所示电路是电流表外接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小，故A错误；B、乙图所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值R测=R x+R A＞R x，B 正确；C、电流表内阻很小，被测电阻R X与电流表接近，则所测电阻较小，因此应该选择甲图误差较小，故C错误；D、电压表内阻越大，被测电阻R X与电压表接近，应该选择乙图误差较小．故D 错误．故选：B．【点评】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻值大，电流表外接法测得的电阻值偏小；该知识点既可以说是属于记忆性的知识，也可以记住分析的方法．属于中档题．4．小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法不正确的是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积【考点】路端电压与负载的关系；欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】该小灯泡是非线性元件，其电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，根据斜率的变化分析电阻的变化；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可对应图线的“面积”．【解答】解：A、由电阻R=可知，灯泡的电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，电压增大，斜率减小，则电阻增大，故A正确；B、C、由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=，故B正确，C错误；D、因为P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．本题选错误的，故选：C【点评】对于线性元件，其电阻R==，非线性元件，R=≠；对于U﹣I 图与I﹣U图要区分清楚，电阻等于斜率，还是等于斜率的倒数不能搞错．5．饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是一温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R0是饮水机加热管的电阻，R是与加热管串联的电阻．下表是从其说明书中摘录的一些技术数据．（不考虑R0、R的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率），当开关S闭合时，饮水机处于何工作状态和R0的阻值为( )额定电压220V频率50Hz加热功率550W保温功率22WA．加热，220ΩB．加热，88ΩC．保温，88ΩD．保温，220Ω【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由电功率公式P=知，当电源电压不变时电阻越小功率越大．根据总电阻的大小确定饮水机处于加热状态还是保温状态．根据R=求出加热电阻的阻值【解答】解：根据电功率公式P=知，当电源电压不变时电阻越小功率越大．电源电压不变，当S断开时，R与R0串联；当S闭合时，只有R0接入在电源上，电路中的电阻变小，总功率变大，因而开关S闭合时是加热状态．则．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】本题考查了电功率的计算公式和串联电阻的特点．要注意电功率计算公式的选择．6．额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W的电灯两盏，若接在外电压是220V的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的( )A ．B ．C ．D ．【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．【解答】解：A、由于AB两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把AB串连接入电路的话，AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以A错误；B、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以B错误；C、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W；D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，所以C正确．故选C．【点评】解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．7．如图所示，图线a是某一电源的U﹣I曲线，图线b是一定值电阻的U﹣I曲线．若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0Ω），则下列说法错误的是( )A．将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大B．将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大C．该定值电阻为6ΩD．该电源的电动势为20V【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】比较思想；图析法；恒定电流专题．【分析】根据图线b的斜率求出定值电阻的阻值；读出两图线交点处电压和电流，根据闭合电路欧姆定律求出电源的电动势；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大．【解答】解：C、图线b的斜率k===6Ω，则定值电阻的阻值R=k=6Ω；故C 正确；D、由图读出交点的电压U=15V，电流I=2.5A，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势：E=U+Ir=15V+2.5×2V=20V；故D正确；AB、当内外电路的电阻相等时电源的输出功率最大，故将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大，故A错误，B正确；本题选错误的，故选：A【点评】本题要理解伏安特性曲线的物理意义，知道定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电源的伏安特性曲线的斜率绝对值表示内电阻、纵轴截距表示电源的电动势．8．如图，两个定值电阻R1R2串联后接在输出电压U稳定于12V的直流电源中．有人把一个内阻不是远大于R1 R2的电压表接在R1两端，电压表的示数8V，如果他把此表改接在两端R2，则电压表的示数( )A．小于4V B．等于4V C．大于或等于8V D．大于4V小于8V【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电压表的内阻不是远大于R1R2，电压表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小．结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数．【解答】解：电压表接在R1两端，电压表的示数8V，则此时R2两端的电压为4V．把此表改接在R2两端时，由于电压表的内阻不是远大于R1 R2，电压表与R2并联的阻值小于R2，而R1与并联部分串联，总电压U=12V，则R1的电压大于8V，电压表与R2并联的电路的电压小于4V．故选A【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻．二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分）9．在如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变亮了些，灯泡B不亮了．则电路中出现的故障可能是( )A．灯泡B短路B．灯泡B断路C．若灯泡B完好，R3短路D．若灯泡B完好，R3、R2同时短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】首先明确电路中各用电器的连接关系：R3与灯泡B关联，与R2、A串联，再与R1并联．灯泡A变亮了，说明实际功率增大了，灯泡B不亮，说明B 灯被短路或断路．将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．【解答】解：A、灯泡B短路时，B灯不亮．R3短路，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过A灯的电流，灯泡A比原来亮些，符合题意，故A正确．B、B灯断路，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R1电流的I1增大，则通过A的电流I A=I﹣I1减小，A灯变暗．B灯电压U B=U﹣I A（R A+R1）增大，B灯变亮，不符合题意．故B错误．C、若灯泡B完好，R3短路，灯泡B也短路时，B灯不亮．外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过A灯的电流，灯泡A比原来亮些，符合题意，故C正确．D、若灯泡B完好，R3、R2同时短路，B灯不亮，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过A灯的电流，灯泡A比原来亮些，符合题意，故D正确．故选：ACD．【点评】此题是电路故障分析问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项．10．如图所示，实验得到甲、乙两闭合电路的路端电压U与干路电流强度I的图象，由图象可知( )A．E甲=E乙B．E甲＞E乙C．r甲＞r乙D．r甲＜r乙【考点】路端电压与负载的关系．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】由电源的路端电压与干路电流的关系图象可知，图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，所以图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻．根据数学知识可知：E甲=E乙，r甲＜r乙．故AD正确，BC错误；故选：AD．【点评】对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义．本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义．11．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，电阻R2、R3为定值电阻，R1为滑动变阻器，A、B为电容器的两个极板．当滑动变阻器R1处于某位置时，A、B两板间的带电油滴静止不动．则下列说法中正确的是( )A．仅把R1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向下运动B．仅把R1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动C．仅把两极板A、B间距离增大，油滴向下运动，电流表读数不变D．仅把两极板A、B间相对面积减小，油滴向下运动，电流表读数不变【考点】闭合电路的欧姆定律；电容；电容器的动态分析．【专题】恒定电流专题．【分析】电路稳定时，电容相当于开关断开，其电压等于路端电压．把R1的触头向右滑动时，R1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，分析路端电压的变化，判断油滴的运动情况．仅把两极板A、B间距离增大或把两极板A、B间相对面积减小，电容器的电压不变，由E=分析板间场强变化和油滴所受电场力变化，判断油滴的运动情况．【解答】解：A、B仅把R1的触头向右滑动时，R1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，则电流表读数减小．由E=分析可知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴向上运动．故A错误，B正确．C、仅把两极板A、B间距离d增大，电容器的电压不变，由E=分析可知，板间场强减小，油滴所受电场力减小，则油滴向下运动．而电路其他部分不变，电流表读数不变．故C正确．D、仅把两极板A、B间相对面积减小，板间场强不变，油滴所受电场力不变，则油滴仍保持静止．电流表读数不变．故D错误．故选BC【点评】本题中稳定时电容器与电路部分是相对的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化．12．如图甲所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化．图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况．以下说法正确的是( )A．图线a表示的是电压表V3的示数随电流表示数变化的情况B．图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况C．此过程中电压表V1示数的变化量△U1和电流表示数变化量△I的比值变大D．此过程中电压表V3示数的变化量△U3和电流表示数变化量△I的比值不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，可知路端电压增大，即知电压表V1。
湖北高二高中物理月考试卷带答案解析
湖北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球，开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动触头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，电源的内阻不能忽略，则下列判断正确的是A．小球带正电B．当滑动触头从a向b滑动时，绝缘线的偏转角变大C．当滑动触头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下D．当滑动触头停在b处时，电源的输出功率一定大于滑动触头在a处时电源的输出功率2.某理想气体经历的两个状态变化的p﹣T图如图所示，则其p﹣v图应是（）A．B．C．D．3.下列说法正确的是（）A．X射线是处于激发态的原子核辐射出来的B．康普顿效应和电子的衍射现象说明光和电子都具有波动性C．普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论D．汤姆孙根据阴极射线在电场和磁场中的偏转情况断定其本质是带负电的粒子流并测定了这种粒子的电荷量4.如图所示，甲、乙两带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q和﹣q，两球间用绝缘细线连接，甲球又用绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧．平衡时的可能位置是4图中的（）A．B．C．D．5.如图所示为分子势能与分子间距离的关系图象，下列判断错误的是（）A．当r＞r0时，r越小，则分子势能越大B．当r＜r0时，r越小，则分子势能越大C．当r=r0时，分子势能最小D．当r=r0时，分子间作用力为零6.如图，通电线圈abcd平面和磁场垂直（不考虑电流间相互作用），则（）A．ab边受到向左的安培力B．bc边受到向下的安培力C．线圈面积有缩小的趋势D．线圈有转动的趋势，从倾角为θ的粗糙绝缘斜面顶端沿斜面向下运动，斜面足够长，小7.如图所示，带负电的小球以一定的初速度v球也斜面之间的动摩擦因数μ＜tanθ，小球在沿斜面运动过程中某一段不可能出现的运动形式是（）A．匀速直线运动B．加速度减小的加速运动C．加速度减小的减速运动D．加速度增大的减速运动8.如图所示为一交变电流的电压随时间变化的图象，正半轴是正弦曲线的一个部分，则此交变电流的电压的有效值是（）A．V B．5 V C．V D．3 V二、计算题1.如图所示，在平面上，一个以原点为圆心，半径为的圆形磁场区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于纸面向里，在坐标（，）的处静止着一个具有放射性的原子核氮——。
2024学年湖北省郧阳中学物理高二上期末质量检测试题含解析
2024学年湖北省郧阳中学物理高二上期末质量检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V，12W”字样，电动机线圈的电阻R M＝0.50Ω。
若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）A.通过电动机的电流为12AB.电动机的输入功率为24WC.电动机的输出功率为12WD.电动机的热功率为2.0W2、关于物理学史，下列说法中正确的是A.奥斯特发现了磁场对电流的作用力B.库仑引入“电场”的概念来描述电场的真实存在C.安培在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律D.元电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的3、如图所示，电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通电环形导线，则示波管中的电子束将A.向上偏转B.向下偏转C.向纸外偏转D.向纸里偏转4、两同学从公园西门出发前往东门．甲步行，乙骑自行车，路线如图．甲乙两人的（）A.路程和位移均相同B.路程和位移均不同C.路程相同，位移不同D.路程不同，位移相同5、如图所示，电解池内有一价离子的电解液，在时间t内通过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2，设元电荷电荷量为e ，则以下说法正确的是A.溶液内电流方向从A 到B ，电流为1n e tB.溶液内电流方向从B 到A ，电流为2n e tC.溶液内正、负离子反方向移动，产生的电流相互抵消D.溶液内电流方向从A 到B ，电流为()12n n e t+. 6、如图所示，在正点电荷产生的电场中，关于A 、B 两点电场强度的大小，下列说法正确的是A.E A ＞E BB.E A =E BC.E A <E BD.无法判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2015-2016学年湖北省十堰市郧西县八年级上学期12月月考物理试题
2015-2016学年湖北省十堰市郧西县八年级上学期12月月考物理试题1.在公共场所大声喧哗是不文明的行为，交谈时应轻声细语，不影响他人。
这里的“大声”和“轻声”是指声音的（）A．音调B．音色C．响度D．频率2.用甲、乙两把刻度尺分别测量同一木块的长度（如图）,关于木块长度的读数,正确的一组是A． , B． ,C． , D． ,3.下列做法利用物态变化放热的是（）A．运输食品时，为了防止食品腐烂变质，常放些干冰B．夏天，为了喝到冰凉的饮料，常在饮料中加冰块C．夏天，为了凉快，常在地面上洒水D．北方的冬天，常在保存蔬菜的菜窖里放几桶水4.下列现象对应的物态变化及吸放热情况正确的是（）A．春天早晨天空中出现的雾﹣汽化、吸热B．夏天洒在地板上的水很快干了﹣蒸发、放热C．秋天早晨草上出现的露珠﹣液化、放热D．冬季地面草丛上出现的霜﹣凝固、吸热5.在卫生间里洗过热水澡后，室内的玻璃镜面变得模糊不清，过了一段时间镜面又变得清晰起来，镜面上发生的这两种现象的物态变化情况是（）A．先汽化，后液化B．先液化，后汽化C．只有液化D．只有汽化6.如图所示，表示光从空气中射向玻璃发生反射和折射的光路是A．B．C．D．7.对下列图示中光现象的描述正确的是A．图甲中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律；B．图乙中，人佩戴的凹透镜可以矫正远视眼C．图丙中，光的色散现象说明白光是由各种色光混合而成的D．图丁中，平面镜成像时进入眼睛的光线是由像发出的8.下表是一些物质的熔点和沸点（标准大气压），根据下表，在我国各个地区都能测量气温的温度计是（）A．水温度计B．水银温度计C．酒精温度计D．乙醚温度计9.某同学在实验室研究物态变化时，依据实验数据画出的四个图象如图所示。
其中属于晶体熔化图象的是（）A．B．C．D．10.两台完全相同的电动小车，在水平路面上由同一地点同时向东做直线运动，他们的路程随时间变化的图像，如图所示。
根据图像作出的下列判断，其中正确的是（）A．两车运动的速度大小相等B．通过30m的路程，乙车所用的时间比甲车的长C．第6s时，甲车的动能比乙车的动能大D．若以乙车为参照物，甲车是向西运动的11.如图是一小球从A点沿直线运动到F点的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次，分析照片可知：小球从A点到F点共运动了 __ cm的路程，小球从B点到F点的平均速度为 ___ m/s．12.（1）环戊烷是一种既容易液化又容易汽化的物质，而且环保。
《解析》湖北省襄阳市枣阳二中2015-2016学年高二上学期月考物理试卷(12月份)Word版含解析
2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳二中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每小题4分，共40分，1-6每小题只有一个选项正确，选对得4分，7-10每小题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1．下列四个实验现象中，不能表明电流能产生磁场的是（）A．甲图中，导线通电后磁针发生偏转B．乙图中，通电导线在磁场中受到力的作用C．丙图中，当电流方向相同时，导线相互靠近D．丁图中，当电流方向相反时，导线相互远离2．水平长直导线中有恒定电流I通过，导线正下方的电子初速度方向与电流方向相同，如图所示，则电子的运动情况是（）A．沿路径oa运动B．沿路径ob运动C．沿路径oc运动D．沿路径od运动3．如图所示，带负电的金属环绕其轴OO′匀速转动时，放在环顶部的小磁针最后将（）A．N极竖直向上 B．N极竖直向下C．N极水平向左 D．小磁针在水平面内转动4．如图所示，真空中狭长区域内的匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，区域宽度为d，边界为CD和EF，速度为v的电子从边界CD外侧沿垂直于磁场方向射入磁场，入射方向跟CD的夹角为θ，已知电子的质量为m、带电荷量为e，为使电子能从另一边界EF射出，电子的速率应满足的条件是（）A．v＞B．v＜C．v＞D．v＜5．关于感应电流的产生，下列说法中正确的是（）A．导体相对磁场运动，导体内一定会产生感应电流B．导体做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流C．穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中一定会产生感应电流D．闭合电路在磁场中做切割磁感线运动，电路中一定会产生感应电流6．在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图2变化时，图中正确表示线圈中感应电动势E变化的是（）A．B．C．D．7．如图是质谱仪的工作原理示意图，带点粒子被加速电场加速后，进入速度选择器，速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2，平板S下方有强度为B0的匀强磁场，下列表述正确的是（）A．质谱仪是分析同位素的重要工具B．速度选择器中的磁场方向垂直纸面向外C．粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越小D．能通过狭缝P的带电粒子的速率等于8．如图所示，a、b是一对平行金属板，分别接到直流电源两极上，右边有一档板，正中间开有一小孔d，在较大空间范围内存在着匀强磁场，磁感强度大小为B，方向垂直纸面向里，在a、b两板间还存在着匀强电场E．从两板左侧中点C处射入一束正离子（不计重力），这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束．则下列判断正确的是（）A．这三束正离子的速度一定不相同B．这三束正离子的比荷一定不相同C．a、b两板间的匀强电场方向一定由a指向bD．若这三束粒子改为带负电而其它条件不变则仍能从d孔射出9．竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R．磁感强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒AB，由水平位置紧贴环面摆下（如图）．当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，则这时AB两端的电压大小为（）A．2Bav B．Bav C．D．10．如图所示，一金属方框abcd从离磁场区域上方高h处自由落下，然后进入与线框平面垂直的匀强磁场中，在进入磁场的过程中，可能发生的情况是（）A．线框做加速运动，加速度a＜g B．线框做匀速运动C．线框做减速运动D．线框会跳回原处二、实验题（每空2分，共18分）11．如图是做探究电磁感应的产生条件实验的器材及示意图（1）在图中用实线代替导线把它们连成实验电路（2）有哪些操作可以使电流表的指针发生偏转①②．12．某同学要测量一由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，部分步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图知其长度L为cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图知其直径D为mm；三、计算题（写出必要的文字说明10+10+10+12）13．（10分）（2015秋•枣阳市校级月考）如图所示，两平行光滑导轨相距为2m，金属棒MN的质量为1Kg，电阻R=8Ω，匀强磁场的感应强度B=5T，方向竖直向下，电源电动势E=9V，内阻r=1Ω，当开关S闭合时，MN恰好平衡，求变阻器R1的取值为多少？设θ=37°（取g=10m/s2）14．（10分）（2015秋•枣阳市校级月考）电子（e，m）以速度v0与x轴成30°角垂直射入磁感强度为B的匀强磁场中，经一段时间后，打在x轴上的P点，如图所示，则P点到O 点的距离为，电子由O点运动到P点所用的时间为．15．（10分）（2010秋•清远期末）如图，一个质量为m，电荷量为+q的带电粒子从A孔以初速度v0垂直于AO进入磁感应强度为B的匀强磁场中，并恰好从C孔垂直于OC射入匀强电场中，电场方向跟OC平行（OC⊥AD），最后打在D点，且OD=2 OC．不计重力，求：（1）粒子自A运动到D点所需时间；（2）粒子抵达D点时的动能．16．（12分）（2015秋•枣阳市校级月考）如图所示，匀强磁场竖直向上穿过水平放置的金属框架，框架宽为L，右端接有电阻R，磁感应强度为B，一根质量为m、电阻不计的金属棒以v0的初速度沿框架向左运动，棒与框架的动摩擦因数为μ，测得棒在整个运动过程中，通过任一截面的电量为q，求：（1）棒能运动的距离；（2）R上产生的热量．2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳二中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共40分，1-6每小题只有一个选项正确，选对得4分，7-10每小题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1．下列四个实验现象中，不能表明电流能产生磁场的是（）A．甲图中，导线通电后磁针发生偏转B．乙图中，通电导线在磁场中受到力的作用C．丙图中，当电流方向相同时，导线相互靠近D．丁图中，当电流方向相反时，导线相互远离【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】磁场对放入其中的磁极或电流有力的作用，根据此性质可判断电流是否产生了磁场．【解答】解：A、甲图中小磁场发生了偏转，说明小磁场受到了磁场的作用，故说明电流产生了磁场，故A正确；B、乙图中由于导线中通以电流使导线受到了安培力的作用，不能说明电流产生了磁场，故B错误；C、两导线相互靠近，是因为彼此处在了对方的磁场中，故说明了电流产生了磁场，故C正确；D、两导线相互远离是因为彼此处在对方产生的磁场中，从而受到了安培力，故D正确；本题选错误的，故选B．【点评】磁场与电场相似，我们无法直接感受，只能根据其性质进行分析判断．2．水平长直导线中有恒定电流I通过，导线正下方的电子初速度方向与电流方向相同，如图所示，则电子的运动情况是（）A．沿路径oa运动B．沿路径ob运动C．沿路径oc运动D．沿路径od运动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培定则；左手定则．【分析】先用右手定则判断出导线下方的磁场方向及分布情况，再由左手定则判断电子运动时的受力方向，结合半径公式可知半径的变化情况，从而得出正确选项．【解答】解：由安培定则可知，导线下方的磁场方向垂直纸面向外，且离导线越远，磁场越弱，如图所示，电子初速度方向与电流方向相同，由左手定则可知受到的洛伦兹力方向向下，由远离导线的方向磁场减弱，由可知电子的运动半径越大，符合条件的是od，所以选项D正确．故选D【点评】该题考查的知识点较多，首先是右手定则，知道通电直导线周围的磁场的分布；其次是左手定则，会熟练的判断带电粒子受到的洛伦兹力的方向，尤其是电子的受力方向的判断；再者是当磁场变化后，会用来判断半径的变化．3．如图所示，带负电的金属环绕其轴OO′匀速转动时，放在环顶部的小磁针最后将（）A．N极竖直向上 B．N极竖直向下C．N极水平向左 D．小磁针在水平面内转动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】带负电旋转，则可知电流方向，再由右手螺旋定则可知磁极的方向，再根据磁极间的相互作用可知小磁针的偏转方向．【解答】解：带负电金属环，如图所示的旋转．则金属环的电流方向与旋转方向相反．再由右手螺旋定则可知电流产生的磁极的方向是：右端是N极，左端是S极；小磁针所在处的磁场的方向与OO′轴的磁场的方向是相反的，所以小磁针处的磁极的方向：左端N极，右端S极．因此小磁针N极水平向左．故C正确，ABD错误；故选：C【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求能熟练准确的应用右手螺旋定则．注意电流的方向与负电荷的运动方向相反．要注意小磁针所在处的磁场的方向与环形电流的磁场方向是相反的．4．如图所示，真空中狭长区域内的匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，区域宽度为d，边界为CD和EF，速度为v的电子从边界CD外侧沿垂直于磁场方向射入磁场，入射方向跟CD的夹角为θ，已知电子的质量为m、带电荷量为e，为使电子能从另一边界EF射出，电子的速率应满足的条件是（）A．v＞B．v＜C．v＞D．v＜【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，当其轨迹恰好与EF边相切时，轨迹半径最小，对应的速度最小．【解答】解：由题意可知电子从EF射出的临界条件为到达边界EF时，速度与EF平行，轨迹与EF相切，如右图．由几何知识得R+Rcosθ=d，R=，解得v0=，v＞v0，即能从EF射出．故选：A【点评】本题考查圆周运动的边界问题的求解方法．当入射速率v0很小时，电子会在磁场中转动一段圆弧后又从CD一侧射出，速率越大，轨道半径越大，当轨道与边界EF相切时，电子恰好不能从EF射出．5．关于感应电流的产生，下列说法中正确的是（）A．导体相对磁场运动，导体内一定会产生感应电流B．导体做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流C．穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中一定会产生感应电流D．闭合电路在磁场中做切割磁感线运动，电路中一定会产生感应电流【考点】感应电流的产生条件．【分析】产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，或闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动．根据这个条件进行选择．【解答】解：A、导体相对磁场运动，若没有切割磁感线，则导体内不会产生感应电流．故A错误．B、导体做切割磁感线运动时，能产生感应电动势，若导体所在电路不闭合，则导体中就没有感应电流．故B错误．C、穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化，磁通量一定发生变化，则闭合电路中就有感应电流．故C正确．D、导体做切割磁感线运动，不一定有感应电流产生，只有当闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时才有感应电流产生．故D错误．故选C【点评】感应电流产生的条件细分有两点：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化，即穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化．6．在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图2变化时，图中正确表示线圈中感应电动势E变化的是（）A．B．C．D．【考点】感生电动势、动生电动势；楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势，根据楞次定律判断出各段时间内感应电动势的方向．【解答】解：在0﹣1s内，根据法拉第电磁感应定律，．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；在1﹣3s内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在3﹣5s内，根据法拉第电磁感应定律，==．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会根据楞次定律判断感应电动势的方向．7．如图是质谱仪的工作原理示意图，带点粒子被加速电场加速后，进入速度选择器，速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2，平板S下方有强度为B0的匀强磁场，下列表述正确的是（）A．质谱仪是分析同位素的重要工具B．速度选择器中的磁场方向垂直纸面向外C．粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越小D．能通过狭缝P的带电粒子的速率等于【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】带电粒子经加速后进入速度选择器，速度为v=粒子可通过选择器，然后进入B0，打在S板的不同位置，【解答】解：A、进入B0的粒子满足，知道粒子电量后，便可求出m的质量，所以质谱仪可以用来分析同位素，故A正确；B、根据加速电场，可知粒子带正电，则受电场力向右，所以洛伦兹力向左，由左手定则可判断磁场方向垂直纸面向外，故B正确；C、由，知R越小，荷质比越大，故C错误；D、由qE=qvB，得v=，此时粒子受力平衡，可沿直线穿过选择器，与粒子的电性无关，故D正确；故选：ABD【点评】质谱仪工作原理应采取分段分析的方法，即粒子加速阶段，速度选择阶段，在磁场中运动阶段．8．如图所示，a、b是一对平行金属板，分别接到直流电源两极上，右边有一档板，正中间开有一小孔d，在较大空间范围内存在着匀强磁场，磁感强度大小为B，方向垂直纸面向里，在a、b两板间还存在着匀强电场E．从两板左侧中点C处射入一束正离子（不计重力），这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束．则下列判断正确的是（）A．这三束正离子的速度一定不相同B．这三束正离子的比荷一定不相同C．a、b两板间的匀强电场方向一定由a指向bD．若这三束粒子改为带负电而其它条件不变则仍能从d孔射出【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】离子在复合场中沿水平方向直线通过故有qE=qvB，所以v=，电性改变后合力仍为0，仍沿直线运动到右侧；三束正离子的在磁场中圆周运动的轨道半径不同，根据r==×可知比荷一定不相同．根据洛伦兹力的方向可以判定电场力的方向从而判定电场的方向．【解答】解：A、3束离子在复合场中运动情况相同，即沿水平方向直线通过故有qE=qvB，所以v=，故三束正离子的速度一定相同．故A错误．B、3束离子在磁场中有qvb=m，故r==×，由于三束正离子的在磁场中圆周运动的轨道半径不同，故比荷一定不相同，故B正确．C、由于在复合场中洛伦兹力竖直向上，则电场力一定竖直向下，故匀强电场方向一定竖直向下，即由a指向b，故C正确．D、若这三束粒子改为带负电后电场力和洛伦兹力方向都发生改变，由于其它条件不变故合力仍为0，所以仍能从d孔射出，故D正确．故选B、C、D．【点评】速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的，故速度选择器只能选择速度而不能选择电性．9．竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R．磁感强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒AB，由水平位置紧贴环面摆下（如图）．当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，则这时AB两端的电压大小为（）A．2Bav B．Bav C．D．【考点】法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】当摆到竖直位置时，先由感应电动势公式E=BL，求出导体棒产生的感应电动势，再根据欧姆定律求解AB两端的电压大小．【解答】解：当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为：E=BL=Bav；AB两端的电压是路端电压，根据欧姆定律得：AB两端的电压大小为：故D正确故选：D【点评】本题是电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解，容易出错之处是把AB间的电压看成是内电压，会得到错误答案．10．如图所示，一金属方框abcd从离磁场区域上方高h处自由落下，然后进入与线框平面垂直的匀强磁场中，在进入磁场的过程中，可能发生的情况是（）A．线框做加速运动，加速度a＜g B．线框做匀速运动C．线框做减速运动D．线框会跳回原处【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】线框进入磁场后，由于电磁感应线框受到向上的安培力作用，根据安培力与重力大小关系，分析线框可能的运动情况．安培力大小与线框速度大小成正比，分析加速度的变化情况．【解答】解：设线框cc边长为L，整个线框的电阻为R，进入磁场时速度为v，线框受到的安培力：F=BIL=BL=BL=；A、②如果F＜mg，线框将加速进入磁场，由牛顿第二定律得：mg﹣=ma，a=g﹣，随速度增大，加速度减小，则线框将做加速度减小的加速运动，故A正确；B、如果F=mg，线框将做匀速直线运动，故B正确；C、如果F＞mg，线框将做减速运动，由牛顿第二定律得：﹣mg=ma，a=﹣g，随速度增小，加速度减小，则线框将做加速度减小的减速运动，故C正确；D、线框进入磁场，才会受到向上的力，同时受到向上的力是因为有电流，由于克服安培力做功，有一部分机械能转化为电能，所以机械能不守恒．所以线框不可能反跳回原处，故D 错误．故选：ABC．【点评】本题考查了判断线框的运动性质，对线框正确受力分析、应用安培力公式与牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意安培力大小是否变化．二、实验题（每空2分，共18分）11．如图是做探究电磁感应的产生条件实验的器材及示意图（1）在图中用实线代替导线把它们连成实验电路（2）有哪些操作可以使电流表的指针发生偏转①将开关闭合（或者断开）；②将螺线管A插入（或拔出）螺线管B．【考点】研究电磁感应现象．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】（1）探究电磁感应现象实验有两套电路；电源、开关、滑动变阻器、螺线管A组成控制电路；螺旋管B与电流计组成实验电路．（2）当线圈B中有感应电流产生时，电流表指针发生偏转；根据感应电流产生的条件：穿过闭合回路的磁通量发生变化，分析答题．【解答】解：（1）将电流表与大线圈B组成闭合回路，电源、开关、小线圈A组成闭合回路，电路图如图所示．（2）①、将开关闭合或断开，或②、将螺线管A插入（或拔出）螺线管B时穿过线圈B的磁通量发生变化，线圈B中产生感应电流，电流表指针偏转．故答案为：：（1）电路图如图所示；（2）将开关闭合（或者断开）；将螺线管A插入（或拔出）螺线管B．【点评】探究电磁感应现象的实验有两套电路，要知道各电路的阻值与作用．本题考查了感应电流产生的条件，难度不大，是一道基础题，知道感应电流产生的条件、分析清楚图示情景即可正确解题．12．某同学要测量一由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，部分步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图知其长度L为 4.830cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图知其直径D为 4.705mm；【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为48mm，游标读数为0.05×6mm=0.30mm，所以最终读数为48.30mm=4.830cm螺旋测微器固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.01×20.5=0.205mm，所以最终读数为4.705mm．故答案为：4.830、4.705【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．以及螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．三、计算题（写出必要的文字说明10+10+10+12）13．（10分）（2015秋•枣阳市校级月考）如图所示，两平行光滑导轨相距为2m，金属棒MN的质量为1Kg，电阻R=8Ω，匀强磁场的感应强度B=5T，方向竖直向下，电源电动势E=9V，内阻r=1Ω，当开关S闭合时，MN恰好平衡，求变阻器R1的取值为多少？设θ=37°（取g=10m/s2）【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；合成分解法；磁场磁场对电流的作用．【分析】金属棒静止在斜面上，由左手定则分析安培力方向，作出棒的受力图，根据平衡条件求出安培力；再利用安培力公式求出电路中电流，最后由欧姆定律求解变阻器R1的取值．【解答】解：先根据左手定则判断出安培力的方向，分析棒的受力：金属棒受重力mg、支持力N、安培力F的作用，作出左视力图如图．根据平衡条件得F=mgtanθ又安培力F=BIL解得I===0.75A根据欧姆定律得，I=得：R1=﹣r﹣R=﹣1﹣8=3（Ω）答：变阻器R1的取值为3Ω．【点评】本题是安培力、欧姆定律与力学知识的综合，关键是安培力的方向分析和大小计算，要作好力图．14．（10分）（2015秋•枣阳市校级月考）电子（e，m）以速度v0与x轴成30°角垂直射入磁感强度为B的匀强磁场中，经一段时间后，打在x轴上的P点，如图所示，则P点到O点的距离为，电子由O点运动到P点所用的时间为．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】（1）先根据几何关系求出P点到O点的距离等于半径，再根据洛伦兹力提供向心力求出半径；（2）由几何关系得出运动的圆心角，再根据与周期的关系求出运动时间．【解答】解：电子在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，轨迹如图所示：由图可知：弦切角为30°，所以圆心角为60°P点到O点的距离等于半径，根据Bev0=得：R=所以P点到O点的距离等于圆周运动的周期T=圆心角为60°，所以电子由O点运动到P点所用的时间t==故答案为：；【点评】本题是粒子在磁场中圆周运动的轨迹问题，关键是运用几何知识画出轨迹、求出半径．15．（10分）（2010秋•清远期末）如图，一个质量为m，电荷量为+q的带电粒子从A孔以初速度v0垂直于AO进入磁感应强度为B的匀强磁场中，并恰好从C孔垂直于OC射入匀强电场中，电场方向跟OC平行（OC⊥AD），最后打在D点，且OD=2 OC．不计重力，求：（1）粒子自A运动到D点所需时间；（2）粒子抵达D点时的动能．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】（1）粒子在磁场中运动四分之一个周期，结合周期公式求出粒子在磁场中的运动时间．粒子在电场中做类平抛运动，结合粒子在磁场中运动的半径公式求出类平抛运动的水平位移，从而根据速度时间公式求出粒子在电场中的运动时间，得出粒子自A运动到D点的时间．（2）类平抛运动在x轴方向上做匀速直线运动，在y轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，抓住等时性，结合位移公式求出到达D点水平和竖直分速度的关系，根据平行四边形定则求出D点的速度，从而得出D点的动能．【解答】解：（1）根据，T=得，粒子在磁场中运动的周期则粒子在磁场中的运动时间．根据牛顿第二定律得，，解得R=粒子在电场中做类平抛运动，有：2R=v0t2粒子在电场中运动的时间所以粒子自A运动到D点所需时间t=（2）在x轴方向上有：2R=v0t在y轴方向上有：得v y=v0根据平行四边形定则得，所以粒子到达D点的动能．。
《解析》湖北省十堰二中2015-2016学年高二上学期第一次月考物理试卷Word版含解析
2015-2016学年湖北省十堰二中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题：本题共11小题，单选每小题5分，多选每题6分．共59分．1．关于点电荷的说法，下列正确的是（）A．体积很大的带电体不能看成点电荷B．物体带电量很小时，可以看作点电荷C．点电荷是理想化的物理模型D．点电荷的带电量一定是1.6×10﹣19C2．如图所示，用起电机使金属球A带上正电，靠近验电器B，则（）A．验电器金箔不张开，因为球A没有和B接触B．验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了正电C．验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了负电D．验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电3．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．若放在P点的电荷的电量减半，则P点场强减半B．若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大D．P点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向4．如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列场强大小关系式正确的是（）A．E a=E b＜E c B．E a=E O=E b C．E a＜E d D．E c＞E O＞E d5．如图所示，a、b是某一电场线中的两点，则（）A．a点电势高于b点的电势B．a点场强大于b点的场强C．电荷在a点的电势能大于b点的电势能D．电荷放在a点所受电场力大于放在b点所受电场力6．如图所示，在原来不带电的金属杆ab附近，在ab连线的延长线上放置一个正点电荷，达到静电平衡后，下列判断正确的是（）A．a 端的电势比b端的高B．b端的电势比d点的高C．a端的电势与b端的电势相等D．感应电荷在杆内c处产生的场强方向由b指向a7．在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况的是（）A． B． C． D．8．某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为（）A． B． C． D．9．如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变．下列说法中正确的是（）A．液滴将向下运动B．液滴将向上运动C．极板带电荷量将增加D．极板带电荷量将减少10．一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子的初速度不为零11．如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa，φb和φc，φa＞φb＞φc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L过程中，电场力做负功B．粒子从L到K过程中，电场力做负功C．粒子从K到L过程中，电势能增加D．粒子从L到K过程中，动能减少二、计算题（12题11分，13题14分，14题16分，共计41分）12．真空中有两个点电荷，相距30cm，它们的电荷量分别是+2.0×10﹣9C和﹣4.0×10﹣9C．（K=9.0×109N．m2/C2）问：（1）这两个电荷的相互作用力是引力还是斥力？（2）这两个电荷的相互作用力是多少？13．如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电量为4×10﹣6C的负点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10﹣4 J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10﹣4J，则：（1）U MN等于多少伏？（2）M板的电势φM和A点的电势φA分别是多少？14．如图所示，有一正粒子，质量为m，电荷量为q，由静止开始经电势差为U1的电场加速后，进入两块板间距离为d，板间电势差为U2的平行金属板间，若质子从两板正中间垂直电场方向射入偏转电场，并且恰能从下板右边缘穿出电场．求：（1）粒子刚进入偏转电场时的速度v0；（2）粒子在偏转电场中运动的时间和金属板的长度；（3）粒子穿出偏转电场时的动能．2015-2016学年湖北省十堰二中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共11小题，单选每小题5分，多选每题6分．共59分．1．关于点电荷的说法，下列正确的是（）A．体积很大的带电体不能看成点电荷B．物体带电量很小时，可以看作点电荷C．点电荷是理想化的物理模型D．点电荷的带电量一定是1.6×10﹣19C【考点】元电荷、点电荷．【分析】当带电体之间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．【解答】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，所以C正确．D、点电荷只是带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计，但是电荷量并不一定就是1.6×10﹣19C，所以D错误．故选C【点评】点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，能不能把带电体看成点电荷，不是看带电体的体积和电量，而看带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响能不能忽略不计．2．如图所示，用起电机使金属球A带上正电，靠近验电器B，则（）A．验电器金箔不张开，因为球A没有和B接触B．验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了正电C．验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了负电D．验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电【考点】静电现象的解释；电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，金属箔片张开，说明验电器上带了电荷；（2）物体带正电，靠近验电器的金属球时，金属小球由于感应会带上负电荷和金属箔由于感应会带上正电荷；【解答】解：把一个带正电的物体A，靠近一个原来不带电的验电器的金属小球，验电器的金属小球由于感应会带上负电荷和金属箔由于感应会带上正电荷，而整个验电器不带电．所以验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电．故选D．【点评】本题考查了感应起电的相关知识点，要知道验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的．3．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．若放在P点的电荷的电量减半，则P点场强减半B．若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大D．P点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是描述电场强弱的物理量，它是由电荷所受电场力与其电量的比值来定义．比值与电场力及电量均无关．而电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向，电势是降低的．【解答】解：A、通过电荷所受电场力与其电量的比值来定义电场强度，该点的电场强度已是定值，若放在P点的电荷的电量减半，其比值是不变的，只有电场力减半，故A错误；B、若P点没有检验电荷，则没有电场力，而P点的电场强度仍不变．故B错误；C、P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确；D、P点的场强方向为检验正电荷在该点的受力方向，故D错误；故选：C【点评】电场强度是通过比值定义的，比值与其电场力及电量均没有关系．例如：质量与体积的比值定义为密度．当质量变大时，体积变大，而比值却不变．电场线虽不实际存在，但却能形象描绘电场的强度与方向．4．如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列场强大小关系式正确的是（）A．E a=E b＜E c B．E a=E O=E b C．E a＜E d D．E c＞E O＞E d【考点】电场强度；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两个等量异号的点电荷连线的中垂线上中点O的场强最大，在两个电荷连线上，O点的场强最小，根据电场线的疏密进行分析．【解答】解：根据电场线越密场强越大，则由两个等量异号的点电荷电场线的分布情况可知，中垂线上中点O的场强最大，而且根据对称性可知，a、b两处电场线疏密相同，场强大小相等，E a=E b＜Eo在两个电荷连线上，O点电场线最疏，场强最小，而且根据对称性可知，c、d两处的电场线疏密相同，故有E c=E d＞Eo．所以有E a=E b＜Ec，Ea＜E d故选AC【点评】等量同种、等量异种电荷周围的电场分布情况是考察的重点，要结合电场强度、电势、电势能等概念充分理解等量同种、等量异种电荷周围的电场特点．5．如图所示，a、b是某一电场线中的两点，则（）A．a点电势高于b点的电势B．a点场强大于b点的场强C．电荷在a点的电势能大于b点的电势能D．电荷放在a点所受电场力大于放在b点所受电场力【考点】电场线；电势能．【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断a、b两点电势的高低．电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确定a、b两处场强的大小．根据电场力做功正负判断电势能的大小．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低，则知a点电势高于b点的电势，故A正确．B、电场线的疏密表示电场强度的相对大小，由于a、b附近电场线的分布情况未知，则场强的大小不能确定．故B错误．C、正电荷从a点移动到b点，电场力向右，电场力做正功，电势能减小，则正电荷在a点的电势能大于b点的电势能；负电荷从a点移动到b点，电场力向左，电场力做负功，电势能增大，则负电荷在a点的电势能小于b点的电势能；故C错误．D、由F=qE知：不能比较电荷所受的电场力大小，故D错误．故选：A．【点评】本题要抓住电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电线线，不能反映电场线的疏密，所以不能确定场强的大小．6．如图所示，在原来不带电的金属杆ab附近，在ab连线的延长线上放置一个正点电荷，达到静电平衡后，下列判断正确的是（）A．a 端的电势比b端的高B．b端的电势比d点的高C．a端的电势与b端的电势相等D．感应电荷在杆内c处产生的场强方向由b指向a【考点】电势；静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，再由静电平衡的导体内部场强为零判断场强的反向．【解答】解：ABCD、达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强为零，即正电荷和感应电荷在内部产生的合场强为零，正电荷在c 处产生的场强方向由b指向a，所以感应电荷在杆内c处产生的场强方向由a指向b，故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．7．在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况的是（）A． B． C． D．【考点】电场线；静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当正电荷放入不带电金属球壳内部的时候，由于静电感应的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，在球壳外的电场的分布不受球壳的影响．【解答】解：把正电荷放在金属球壳内部，由于静电感应的作用，在球壳的内壁会感应出负电荷，在球壳的外壁会感应出正电荷，所以在金属球壳的壳壁之间，由于正电荷的电场和感应电场的共同的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，所以在金属球壳的壳壁之间没有电场线，对于球壳外部的电场分布情况不会受到影响，所以正确的是D．故选D【点评】本题是考查学生对于静电感应现象的理解情况，在球壳的内壁放电荷的时候，球壳不会对球壳外部的电场产生影响，只影响壳壁之间的电场的分布情况．8．某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为（）A． B． C． D．【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】由电容的定义式C=求出两极板间的电压，由板间电压与场强的关系式U=Ed求出板间场强，点电荷所受的电场力大小为F=qE．【解答】解：由电容的定义式C=得，板间电压为U=．板间场强大小为E=．点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=．故选：C【点评】本题考查对于电容、板间电压、场强等物理量之间关系的掌握情况．基础题．9．如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变．下列说法中正确的是（）A．液滴将向下运动B．液滴将向上运动C．极板带电荷量将增加D．极板带电荷量将减少【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】带电油滴悬浮在平行板电容器中P点，处于静止状态，电场力与重力平衡，将极板A 向下平移一小段距离时，根据E=分析板间场强如何变化，判断液滴如何运动．根据电容的决定式和定义式结合分析极板所带电量如何变化．【解答】解：A、B电容器板间的电压保持不变，当将极板A向下平移一小段距离时，根据E=分析得知，板间场强增大，液滴所受电场力增大，液滴将向上运动．故A错误，B正确．C、D将极板A向下平移一小段距离时，根据电容的决定式C= 得知电容C增大，而电容器的电压U不变，极板带电荷量将增大．故C正确，D错误．故选：BC．【点评】本题关键要抓住电容器的电压不变，由电容的决定式C= 和电量Q=CU结合分析电量变化．10．一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子的初速度不为零【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B 点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．【解答】解：A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B 点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；C、电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B 电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度，故C正确；D、若在A点的初速度为零，在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D正确．故选：BCD．【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，判定动能增加与否，从确定速度大小．11．如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa，φb和φc，φa＞φb＞φc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L过程中，电场力做负功B．粒子从L到K过程中，电场力做负功C．粒子从K到L过程中，电势能增加D．粒子从L到K过程中，动能减少【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹的弯曲判断出电荷的受力，通过电场力做功判断电势能的变化，以及根据动能定理，通过电场力做功判断动能的变化．【解答】解：A、由轨迹弯曲方向可知粒子受到的是斥力，粒子从K到L的过程中，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功．故A正确．BC、粒子从L到K过程中，电场力做正功，动能增大，故BD错误．C、粒子从K到L的过程中，电场力做负功，电势能增加．故C正确．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．二、计算题（12题11分，13题14分，14题16分，共计41分）12．真空中有两个点电荷，相距30cm，它们的电荷量分别是+2.0×10﹣9C和﹣4.0×10﹣9C．（K=9.0×109N．m2/C2）问：（1）这两个电荷的相互作用力是引力还是斥力？（2）这两个电荷的相互作用力是多少？【考点】库仑定律．【分析】（1）根据同性排斥异性吸引进行判断．（2）直接根据库伦定律公式进行计算即可．【解答】解：（1）因为这两个的电荷电性相反，因此它们之间库仑力为引力，所以这两个电荷的相互作用力是引力．（2）由库仑定律得：F=k带入数据得：F=8×10﹣7N故这两个电荷间的相互作用力为：F=8×10﹣7N．答：（1）这两个电荷的相互作用力是引力；（2）这两个电荷的相互作用力是8×10﹣7N．【点评】本题很简单直接考查了库伦定律F=k 的应用，对于这个公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．13．如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电量为4×10﹣6C的负点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10﹣4 J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10﹣4J，则：（1）U MN等于多少伏？（2）M板的电势φM和A点的电势φA分别是多少？【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）由题意可知将电荷从M移到N板时电场力所做的功，则由W=Uq可知MN间的电势差；（2）M点的电势等于MN间的电势差，A点的电势等于AN间的电势差．【解答】解：（1）从A移到M电场力做负功8×10﹣4J，则从M移到A电场力做正功8×10﹣4J，故从M移到N，电场力做功为：W=8×10﹣4J+4×10﹣4J=1.2×105J；有：U MN===﹣300V；（2）N板接地，故M板的电势为：φM=U MN=﹣300V；A点的电势为：φA﹣0===﹣100V；答：（1）MN间的电势差为﹣300V；（2）M板的电势φM和A点的电势φA分别是﹣300V和﹣100V．【点评】在根据电场力做功求电势有电势差要注意各量的符号，并且要明确各符号代表的含义．14．如图所示，有一正粒子，质量为m，电荷量为q，由静止开始经电势差为U1的电场加速后，进入两块板间距离为d，板间电势差为U2的平行金属板间，若质子从两板正中间垂直电场方向射入偏转电场，并且恰能从下板右边缘穿出电场．求：（1）粒子刚进入偏转电场时的速度v0；（2）粒子在偏转电场中运动的时间和金属板的长度；（3）粒子穿出偏转电场时的动能．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）对直线加速过程运用动能定理直接列式求解即可；（2）在偏转电场U2中粒子做类似平抛运动，将运动沿着初速度方向和电场力方向正交分解，然后运用运动学公式列式求解；（3）对从直线加速到偏转结束的整个运动过程运用动能定理列式求解即可．【解答】解：（1）粒子在加速电场后经电场加速，根据动能定理有：可得（2）粒子在右边的偏转电场中可分解为沿板方向的匀速直线运动和垂直板方向的匀加速直线运动，所以沿板方向：x=L=v0t…①垂直板方向：y==at2…②而加速度：．a=…③由以上各式解得：L=；t=；（3）质子先在加速电场中电场力对其做正功，而后又在偏转电场中，尽管做曲线运动，但电场力对它仍然做正功，且电场力做功与路径无关．所以整个过程由动能定律得：eU1+e=E k﹣0所以质子射出电场时的动能为：E k=e（U1+）答：（1）粒子刚进入偏转电场时的速度v0为；（2）粒子在偏转电场中运动的时间为和金属板的长度为；（3）粒子穿出偏转电场时的动能为e（U1+）．【点评】本题关键是分析清楚粒子的运动规律，对于类平抛运动，可以运用正交分解法分解为初速度方向的匀速直线运动和沿电场力方向的匀加速直线运动，同时结合动能定理列式求解．。
湖北高二高中物理月考试卷带答案解析
湖北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，理想变压器的副线圈上接有三个灯泡，原线圈与一个灯泡串联接在交流电源上.若四个灯泡完全相同，且都正常发光，则电源两端的电压U1与灯泡两端的电压U2之比为A．1∶1B．2∶1C．3∶1D．4∶12.一匀强磁场，磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正。
在磁场中有一细金属圆环，线圈平面位于纸面内，如图所示。
现令磁感应强度B随时间t变化，先按右图所示的oa图线变化，后来又按bc和cd变化，令E1、E2、E３分别表示这三段变化过程中感应电动势的大小，I1、I2、I3分别表示对应的感应电流，则A．E1＞E2，I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．E1＜E2，I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向C．E1＜E2，I2沿顺时针方向，I3沿逆时针方向D．E2=E3，I2沿顺时针方向，I3沿逆时针方向3.潜水员在折射率为的海水下h深处，向上观察水面，能看到的天穹和周围的景物都出现在水面上的一个圆形面积为S的区域内．关于圆面积S和深度h的关系，正确的说法是A．S与水深h成正比B．S与水深h成反比C．S与水深h的平方成正比D．S与水深h的平方成反比4.如图所示，A和B是电阻均为R的电灯，L是自感系数较大的线圈。
当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同。
再闭合S2，待电路稳定后将S1断开。
下列说法中正确的是A．B灯立即熄灭 B．A灯将比原来更亮一些后再熄灭C．有电流通过B灯，方向为c→d D．有电流通过A灯，方向为b→a5.在图中所示的电路中，C为电容器，R为灯泡，电流表内阻为零，电压表内阻无穷大，若保持交流电源的电压的有效值不变，只将电源频率增大，下列说法中正确的有A．电流表示数增大B．电压表示数增大C．灯泡变亮D．灯泡变暗6.如图所示为两个互感器，在图中圆圈内a、b表示电表，已知电压比为100，电流比为10，电压表的示数为220V，电流表的示数为10A，则A．a为电流表，b为电压表B．a为电压表，b为电流表C．路输送电功率是2200W D．线路输送电功率是2.2×106W7.如图(甲)所示为一个质量为m、带电荷量为+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中。
2015年湖北省十堰市中考理科综合试题物理部分
2015年湖北省十堰市中考理科综合试题物理部分一、选择题（2015湖北十堰，第20题）20.移动电话（手机）已成为人们常用的通讯工具，它传递声音信息是通过A.超声波传送B.次声波传送C.电磁波传送D.电流传送（2015湖北十堰，第21题）21.下列应用属于太阳能转化为电能的是A.太阳能热水器B.太阳能路灯C.太阳灶D.植物的光合作用（2015湖北十堰，第22题）22.下列实例说明力可以改变物体运动状态的是A.将橡皮泥捏成各种形状的小动物B.撑杆跳高运动员将撑杆压弯C.穿旱冰鞋的同学推墙会向后滑动D.将弹簧拉力器拉开（2015湖北十堰，第23题）23.如图是某内燃机能量流向图，该内燃机的热机效率是A.25%B.40%C.75%D.35%（2015湖北十堰，第24题）24.如图，灯泡L1比L2亮，电压表V2示数为6V，下列说法正确的是A.V1示数为6VB.V1示数大于6VC.V示数小于6VD.V示数大于6V（2015湖北十堰，第25题）25.小明在一只空碗中放一枚硬币，后退到某处眼睛刚好看不到它。
另一位同学慢慢往碗中倒水时，小明在该处又看到硬币。
这种现象可以用下列哪个光路图来解释？B（2015湖北十堰，第26题）26.某家庭电路中安装有“220V 10A”的空气开关（未画出），下图是电路中的四种情况，开关全部闭合后，不会引起空气开关“跳闸”的是D（2015湖北十堰，第27题）27.下列实验中，与电动机工作原理相同的是C（2015湖北十堰，第28题）28.如图，将同一密度计分别放入盛有甲、乙两种液体的烧杯中，它竖直立在液体中，如果密度计受到的浮力分别为F 甲、F乙，液体的密度分别为ρ甲、ρ乙，则A.,F F ρρ=>乙乙甲甲B.,F Fρρ=<乙乙甲甲 C.,F F ρρ<<乙乙甲甲 D.,F Fρρ<>乙乙甲甲 （2015湖北十堰，第29题）29.如图a 是一个用电压表的示数反映温度变化的电路原理图，其中电源电压U=4.5V ，且保持不变，电压表量程为0—3V ，0R 是300欧的定值电阻，1R 是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图b 所示。
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（2）用螺旋测微器测量其直径如右上图所 示，由图可知其直径 d= mm； （3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正 确的操作步骤测此圆柱体的电阻， 表盘示数 如图所示，则该电阻的阻值 R 约 为 Ω 。电阻率计算式为 ______________（用题中所给的符号表示） 14.（8 分）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材： A．待测的干电池（电动势约为 1.5V，内电阻约 1.0Ω ） B．电流表 A1（0—3mA，最小分度 0.1mA，内阻不计） C．电流表 A2（0—0.6A，最小分度 0.02A，内阻不计） D．滑动变阻器 R1（0—20Ω ，10 A） E．滑动变阻器 R2（0—200Ω ，l A） F．定值电阻 R0（990Ω ） G．开关和导线若干 （1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给 出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的（a） 、 （b） 两个实验电路， 其中合理的是 图电路； 在该电路中， 为了操作方便且能准确地进行测量， 滑动变阻 器应选 （填写器材前的字母代号） 。 （2）图乙为该同学根据①中选出的合理的实验电路，移动 滑动变阻器，电流表 A1 和电流表 A2 分别测得多组 I1 和 I2， 并 画 出 I1-I2 图 线 ， 则 由 图 线 可 得 被 测 电 池 的 电 动 势 E= V，内阻 r＝ Ω。
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郧阳中学 2015-2016 学年上学期高二年级期中考试
2 2 2 重力做的功为 W mgh mg m 2 gL tan v 0 m g 2 gL tan v 0
物理试题参考答案
命题：李兴国 一．选择题（本大题共 12 小题，1-8 题只有一个选项正确，9-12 题有多个选项正确。每题 4 分， 共 48 分。全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分） 1 B 2 C 3 B 4 D 5 B 6 C 7 C 8 D 9 AD 10 CD 11 AD 12 AC
16． （12 分）解答： （1）对带电小球进行受力分析，带电小球受重力 mg 和电场力 F F 合=Fsinθ，mg=Fcosθ 解得:F 合=mgtanθ
2 2 ，解得 根据动能定理 F合 L 1 mv 2 1 mv 0 （4 分） v 2 gL tan v 0 2 2
由闭合电路欧姆定律得：I 1
E ， 解得： R1 rab r
二．填空题 （本大题共 2 小题，共 16 分） 13． （8 分） (1) 50.15 (2) 4.698±0.002 (3) 220 (4)
4 RL （每空 2 分） d 2
R1=2.5Ω „„„„（5 分） (2)若金属杆 ab 有向下滑动的趋势，则静摩擦力沿斜面向上； 当静摩擦力为最大值时，有： BI 2 L f m mg sin 则电流强度 I 2
2
9．如图，甲、乙、丙分别是磁感应强度相同的圆形、正方形、正菱形（倾斜放置的正方形）匀 强磁场区域 （圆形直径与正方形边长及正菱形对角线长 度相等） 。 相同带电粒子以相同速度沿垂直于磁场方向，能为 A. t 甲=t 乙=t 丙 B. t 乙>t 丙>t 甲 C. t 甲>t 乙>t 丙 D. t 丙<t 甲<t 乙 10．如图所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置。在管子的底部固定一电荷量为 Q(0)的点 电荷。在距离底部点电荷为 h2 的管口 A 处，有一电荷量为 q(0)、质量为 m 的点电荷由静止 释放，在距离底部点电荷为 h1 的 B 处速度恰好为零。现让一个电荷量为 q、质量 A 为 3m 的点电荷仍在 A 处由静止释放，已知静电力常量为 k，重力加速度为 g，则 该点电荷 A．运动到 B 处的速度为零 h2 B B．在下落过程中加速度逐渐减小 C．运动到 B 处的速度大小为 2 3g (h2 h1 )
14． （8 分）(1) (b) D (2) 1.47(±0.02) 0.85(±0.02) （每空 2 分） 三．计算题 （本大题共 4 小题，共 46 分。解答过程要求写必要的文字说明） 15． （10 分）解答：(1)小球静止在电场中受力如图所示，显然小球带正电，由平衡条件得： 3mg mgtan37° ＝qE 故 E＝ „„„（4 分） 4q (2)当电场方向变成向下后， 小球开始摆动做圆周运动， 重力、电场力对小球做正功。 由动能定理得：
B．由 E F 可知，电场强度 E 与试探电荷受到的电场力 F 成正比
q
C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处磁感应强度一定为零 D．试探电荷在某处不受电场力作用，该处电场强度一定为零 5． 如图， 电子从负极板边缘垂直射入匀强电场， 恰好从正极板边缘飞出。 现在平移正极板，使两极板间的距离变为原来的 2 倍，两极板的电压 保持不变，电子入射的方向和位置不变，为使电子仍恰从正极板边缘 飞出，则电子入射速度大小应为原来的 A． 2
qB
qB
„„„„（4 分）
17． （12 分）解答：由左手定则判断可知，金属杆 ab 所受的安培力方向沿斜面向上。 (1)若金属杆 ab 有向上滑动的趋势，则静摩擦力沿斜面向下； 当静摩擦力为最大值时，有： BI 1 L mg sin f m 则电流强度 I 1
mg sin f m = 4.0A BL
0
18.(12 分)如下图， 在 xOy 坐标系的第一象限内有互相正交的匀强电场 E 与匀强磁场 B， E 的大小 3 为 1.0×10 V/m，方向未知，B 的大小为 1.0T，方向垂直纸面向里；第二象限的某个圆形区域 -14 -10 内，有方向垂直纸面向里的匀强磁场 B′。一质量 m=1×10 kg、电荷量 q=1×10 C 的带正电 微粒以某一速度 v 沿与 x 轴负方向 60°角从 A 点沿直线进入第一象限运动，经 B 点即进入处 于第二象限内的磁场 B′区域，一段时间后，微粒经过 x 轴上的 C 点并与 x 轴负方向成 60°角 的方向飞出。已知 A 点的坐标为（10cm，0） ，C 点的坐标为（-30cm，0） ，不计粒子重力，g 2 取 10m/s 。 (1)请分析匀强电场 E 的方向并求出微粒的运动速度 v； (2)匀强磁场 B′的大小为多大？ (3)B′磁场区域的最小面积为多少？
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17.(12 分)在倾角为 θ=30 的斜面上， 放置两条宽 L=0.5m 的平行导轨， 将电源、 滑动变阻器用导线连接在导轨上，在导轨上横放一根质量 m=0.2kg 的金属 杆 ab，电源电动势 E=12V，内阻 r=0.3Ω，金属杆与导轨间最大静摩擦力为 fm=0.6N， 磁场方向垂直轨道所在平面， B=0.8T。 金属杆 ab 的电阻为 0.2Ω， 导轨电阻不计。欲使杆在轨道上保持静止，滑动变阻器使用电阻的范围多 大?(g 取 10m/s2)
mg sin f m = 1.0A BL
由闭合电路欧姆定律得： I 2
E ，解 R2 rab r
(mg qE)l (1 cos 37 0 )
1 mv 2 0 „„„ （3 分） 2
由圆周运动知识，在最低点时，
v2 49 FT (mg qE) m , 解得 FT＝ mg （3 分） 20 l
3
h1
B． 1
2
C． 2 倍
D．2 倍
6.如图，R1 为定值电阻，R2 是负温度系数电阻的热敏电阻（电阻随环境温度的升高而减小），L 为小灯泡，当温度下降时 A．R1 两端的电压增大 B．电流表的示数增大 C．小灯泡的亮度变强 D．小灯泡的亮度变弱
D．速度最大处与底部点电荷距离为 kQq
3mg
11．如图所示，用丝线吊一个质量为 m 的带电(绝缘)小球处于匀强磁场中， 空气阻力不计， 当小球分别从 A 点和 B 点向最低点 O 运动且两次经过 O 点时 A．小球的动能相同 B．丝线所受的拉力相同 C．小球所受的洛伦兹力相同 D．小球的向心加速度相同
IL
7．如图所示，导线框中电流为 I，导线框垂直于磁场放置，磁感应强度为 B，平行导轨 AB 与 CD 相距为 d，MN 与 CD 夹角为θ ，则 MN 所受安培力大小为 A．F=BId B．F=BIdsinθ BId C．F= sinθ D．F=BIdcosθ
8．空间某区域内存在着电场，电场线在竖直平面上的分布如图，一个质量为 m、电荷量为 q 的 小球在该电场中运动，小球经过 A 点时的速度大小为 v1，方向水平向右；运动至 B 点时的速 度大小为 v2，方向与水平方向之间的夹角为α ，A、B 两点之间的高 度差为 h、水平距离为 s，则以下判断中正确的是 A. A、B 两点的电场强度和电势关系为 EA<EB、φA<φB B．如果 v2>v1，则说明电场力一定做正功 C．A、B 两点间的电势差为 D．小球从 A 运动到 B 点的过程中电场力做的功为
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12．真空中相距为 3a 的两个点电荷 M、N，分别固定于 x 轴上 x1＝0 和 x2＝3a 的两点上，在它们 连线上各点场强随 x 变化关系如图所示，以下判断中正确的是 A．点电荷 M、N 一定为同种电荷 B．点电荷 M、N 一定为异种电荷 C．点电荷 M、N 所带电荷量的绝对值之比为 4:1 D. x＝2a 处的电势一定为零 二．填空题 （本大题共 2 小题，共 16 分） 13.（8 分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率 ρ、步骤如下： （1）用 20 分度的游标卡尺测量其长度如下左图，由图可知其长度 L= mm；
郧阳中学 2015-2016 学年上学期高二年级 12 月月考
物理试题
一．选择题（本大题共 12 小题，1-8 题只有一个选项正确，9-12 题有多个选项正确。每题 4 分， 共 48 分。全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分） 1.下列说法正确的是 A.电场力对正电荷做正功，电势能减少，对负电荷做正功，电势能增加 B．无论正负电荷，只要电场力做正功，电势能都减少，电场力做负功电势能都增加 C．电场强度最大的地方，电势最高，电场强度最小的地方，电势最低 D．电场中电势降落的方向就是电场的方向 2．一个电子只在电场力作用下从 a 点运动到 b 点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可 能是电场线也可能是等势面，下列说法中正确的是 A．如果实线是电场线，则 a 点的电势比 b 点的电势高 B．如果实线是等势面，则 a 点的电势比 b 点的电势低 C．如果实线是电场线，则电子在 a 点的电势能比在 b 点的电势能大 D．如果实线是等势面，则电子在 a 点的电势能比在 b 点的电势能大 3．用电动势 E=6V、内电阻 r =4Ω 的直流电源依次分别对下列四个电珠供电，最亮的是 A．6V，12W B. 6V，9W C. 6V，4W D. 6V，3W 4.下列说法中正确的是 A．由 B F 可知，磁感应强度 B 与一小段通电直导线受到的磁场力 F 成正比