2019届高考物理二轮押题：第二部分 电学与原子物理学选择题押题练(四)
2019高考物理二轮押题：第二部分 电学与原子物理学选择题押题练(二)含解析
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m 的点电荷乙，从A点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为kQqfD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12m v 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有k Qqr OB2＝f ，所以r OB ＝kQqf ，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12m v 2－12m v 02，解得U AB ＝fL 0＋12m v 2－12m v 02q ，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝ 8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U r r ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
2019高考物理二轮押题包 电学部分
高考来临之前，现结合人教版历年真题及概率，总结归纳以下知识点，祝你金榜题名！！！电学与原子物理学选择题押题练（一）1．如图所示，在真空空间中的M、N处存在两个被固定的、电荷量相同的正点电荷，在它们连线所在的直线上有A、B、C三点，已知MA＝CN＝NB，MA<NA。
现有一正点电荷q，在两固定点电荷形成的电场中移动此点电荷q，下列说法中正确的是()A．沿半圆弧l将q从B点移到C点，电场力不做功B．沿曲线r将q从B点移到C点，电场力做负功C．沿曲线s将q从A点移到C点，电场力做正功D．沿直线将q从A点移到B点，电场力做正功解析：选C根据题述电场特点知，q从B点到N点电场力做负功，N点到C点电场力做正功，根据场强的叠加知，NC段的电场强度大于BN段的电场强度，q从B点到C点过程中，电场力做的负功小于电场力做的正功，则将q从B点移到C点，电场力做正功，电场力做功与电荷移动路径无关，选项A、B错误；A点与B点等电势，所以将q从A点移动到C点与从B点移动到C点等效，所以沿曲线s将q从A点移到C点，电场力做正功，选项C正确；沿直线将q从A点移到B点，电场力做功为零，选项D错误。
2．在如图所示的电路中，P、Q为平行板电容器两个极板，G为静电计，开关K闭合后静电计G的指针张开一定的角度。
下列说法正确的是()A．断开K，将P向左移动少许，G的指针张开的角度变大B．闭合K，将P向左移动少许，G的指针张开的角度变大C．闭合K，将P向下移动少许，G的指针张开的角度变小D．断开K，在P、Q之间插入一陶瓷板，G的指针张开的角度变大解析：选A 断开K ，将P 向左移动少许，两极板之间的距离增大，电容器的带电荷量不变，电容减小，电势差增大，A 正确；保持K 闭合，增大或减小两极板之间的距离，增大或减小两极板的正对面积，静电计金属球与外壳之间的电势差不变，G 的指针张开的角度不变，B 、C 错误；断开K ，电容器的带电荷量不变，在P 、Q 之间插入一陶瓷板，电容增大，电势差减小，G 的指针张开的角度变小，D 错误。
【高考押题】2019届高考物理金榜押题卷4(含答案)
2019届高考物理金榜押题卷（4）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14、下列说法正确的是( )A．英国物理学家查德威克发现了中子,质子和中子统称为核子B．α粒子轰击氮原子核的核反应方程式为：错误！未找到引用源。
C．两个轻核结合成较重的单个原子核时要吸收能量D．只要入射光的强度足够大就能使被入射的金属表面逸出光电子15、在确保安全情况下，小明将一个篮球沿水平方向从教学楼五楼走廊栏杆上沿抛出。
若将篮球看成质点，不计篮球所受空气阻力，则篮球在下落过程中分别与四楼、三楼、二楼走廊栏杆上沿等高时，其与抛出点的水平距离之比为( )A. 1：3：5B. 1：2：3C. 1：4：9D. 1：错误！未找到引用源。
：错误！未找到引用源。
16、如图所示,一倾角为37°的斜面固定在水平地面上,不可伸长的轻绳跨过轻质定滑轮连接质量为2kg的物块Q和质量为1kg的物块P,不计滑轮和轻绳间的摩擦。
物块P与斜面间的动摩擦因数为0.5,连接P的轻绳与斜面平行,初始时用手托着物块Q,Q离地面的高度为1m,然后由静止释放物块Q,在物块Q落地瞬间,物块P的速度大小为(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)( )A. 错误！未找到引用源。
B. 错误！未找到引用源。
C. 错误！未找到引用源。
D. 错误！未找到引用源。
17、2018年7月25日，科学家们在火星上发现了一个液态水湖，这表明火星上很可能存在生命。
若一质量为m的火星探测器在距火星表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为T，已知火星半径为R，引力常量为G，则（）A．探测器的线速度错误！未找到引用源。
B．火星表面重力加速度错误！未找到引用源。
C．探测器的向心加速度错误！未找到引用源。
【最新】【通用版】高考物理二轮复习《电学与原子物理学》题型押题专练(含解析)
【通用版】高考物理二轮《电学与原子物理学》专题（含解析）选择押题一1.如图所示，电场中一带正电的粒子在点电荷＋Q 形成的电场中以某一初速度沿直线从A 点运动到B 点，粒子在A 点的速度大小为v 0。
则选项图中能定性反映该粒子从A 点向B 点运动情况的速度—时间图像的是(粒子重力忽略不计)( )解析：选C 粒子从A 运动到B 过程中，电场力做负功，速度逐渐减小，由牛顿第二定律得F ＝F 库＝k Q q r 2＝ma ，可知粒子在向B 运动的过程中，加速度大小a 逐渐增大，因v -t 图像斜率的大小表示加速度的大小，故C 选项正确。
2．平行板电容器两个带电极板之间存在引力作用，引力的大小与内部场强E 和极板所带电荷量Q 的乘积成正比。
今有一平行板电容器两极板接在恒压直流电源上，现将两极板间距减小至原来的49，则A 、B 两极板之间的引力与原来的比值是( ) A.32B.94C.278D.8116解析：选D 两极板间距变为原来的49，根据电容决定式C ＝εr S 4πkd可知，电容器的电容变为原来的94，根据Q ＝CU 可知，极板所带电荷量变为原来的94，根据电场强度公式E ＝U d 可知，内部电场强度变为原来的94，由于F ＝k Q E ，所以两极板之间的引力变为原来的8116，故D 正确。
3.质谱仪是测量带电粒子的比荷和分析同位素的重要工具。
如图所示，带电粒子从容器A 下方的小孔S 1飘入电势差为U 的加速电场，其初速度几乎为零，然后经过S 3沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B 的匀强磁场中，最后打到照相底片D 上。
现有某种元素的三种同位素的原子核由容器A 进入质谱仪，最后分别打在底片p 1、p 2、p 3三个位置，不计粒子重力，则打在p 1处的粒子( )A ．质量最小B ．比荷最小C ．动能最小D ．动量最小解析：选B 由题图知，打在p 1处的粒子偏转半径R 最大，粒子在加速电场中加速时，有Uq ＝12m v 2；粒子在磁场中偏转时有Bq v ＝m v 2R ，则R ＝m v Bq ＝1B 2Um q ，则打在p 1处的粒子比荷最小，选项B 正确。
2019高考物理二轮第二部分电学与原子物理学选择题押题练二
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示,一个带电荷量为－Q 的点电荷甲,固定在绝缘水平面上的O 点.另一个带电荷量为＋q 、质量为m 的点电荷乙,从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动,运动到B 点时速度为v ,且为运动过程中速度的最小值.已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ,A 、B 间距离为L 0,静电力常量为k ,则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中,加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中,其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为kQqfD ．在点电荷甲形成的电场中,AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12mv 2q解析：选 C 点电荷乙在向甲运动的过程中,受到点电荷甲的库仑力和阻力,且库仑力逐渐增大,由题意知,在B 点时速度最小,则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速,运动到B 点时库仑力与阻力大小相等,加速度为零,根据库仑定律,有kQqr OB 2＝f ,所以r OB ＝ kQqf,选项A 错误,C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中,库仑力一直做正功,点电荷乙的电势能一直减小,选项B 错误；根据动能定理,qU AB －fL 0＝12mv 2－12mv 02,解得U AB ＝fL 0＋12mv 2－12mv 02q,选项D 错误.2.如图所示,理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝ 8 V,内阻为r ＝2 Ω的交流电源上,理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连,变压器原、副线圈的匝数比为1∶2,当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大,即U 1＝U r ,且U 1＋U r ＝8 V,故U 1＝U r ＝4 V,根据欧姆定律可得I 1＝U r r ＝2 A,故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A,根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V,故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω,最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W,故D 正确. 3.如图所示,空间有一磁感应强度B ＝0.5 T 的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向外,一质量M ＝0.2 kg 且足够长的绝缘塑料板静止在光滑水平面上.在塑料板左端无初速度放上一质量m ＝0.1 kg 、电荷量q ＝＋0.2 C 的滑块,滑块与塑料板之间的动摩擦因数μ＝0.5,滑块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力.现对塑料板施加方向水平向左、大小F ＝0.6 N 的恒力,g 取10 m/s 2,则( )A ．塑料板和滑块一直做加速度为2 m/s 2的匀加速运动B ．滑块开始做匀加速运动,然后做加速度减小的加速运动,最后做匀速直线运动C ．最终塑料板做加速度为2 m/s 2的匀加速运动,滑块做速度为10 m/s 的匀速运动 D ．最终塑料板做加速度为3 m/s 2的匀加速运动,滑块做速度为6 m/s 的匀速运动解析：选 B 滑块随塑料板向左运动时,受到竖直向上的洛伦兹力,则滑块和塑料板之间的正压力逐渐减小.开始时塑料板和滑块加速度相同,由F ＝(M ＋m )a ,得a ＝2 m/s 2,对滑块有μ(mg －qvB )＝ma ,当v ＝6 m/s 时,滑块恰好相对于塑料板有相对滑动,此后滑块做加速度减小的加速运动,当mg ＝qvB ,即v ＝10 m/s 时滑块对塑料板的压力F N ＝0,此后滑块做匀速运动,塑料板所受的合力为0.6 N,由F ＝Ma 1,得a 1＝3 m/s 2,B 选项正确.4.如图所示,一对光滑的平行金属导轨(电阻不计)固定在同一水平面内,导轨足够长且间距为L ,左端接有阻值为R 的电阻,一质量为m 、长度为L 的匀质金属棒cd 放置在导轨上,金属棒的电阻为r ,整个装置置于方向竖直向上的匀强磁场中,磁场的磁感应强度为B .金属棒在水平向右的拉力F作用下,由静止开始做加速度大小为a 的匀加速直线运动,经过的位移为s 时,下列说法正确的是( )A ．金属棒中感应电流方向为由d 到cB ．金属棒产生的感应电动势为BL asC ．金属棒中感应电流为BL 2asR ＋rD ．水平拉力F 的大小为B 2L 22asR ＋r解析：选C 根据右手定则可知金属棒中感应电流的方向为由c 到d ,选项A 错误；设金属棒的位移为s 时速度为v ,则v 2＝2as ,金属棒产生的感应电动势E ＝BLv ＝BL 2as ,选项B 错误；金属棒中感应电流的大小I ＝ER ＋r,解得I ＝BL 2asR ＋r,选项C 正确；金属棒受到的安培力大小F 安＝BIL ,由牛顿第二定律可得F －F 安＝ma ,解得F ＝B 2L 22asR ＋r＋ma ,选项D 错误.5.图甲所示为氢原子的能级图,图乙为氢原子的光谱.已知谱线b 是氢原子从n ＝5的能级跃迁到n ＝2的能级时的辐射光,则谱线a 可能是氢原子( )A ．从n ＝2的能级跃迁到n ＝1的能级时的辐射光B ．从n ＝3的能级跃迁到n ＝1的能级时的辐射光C ．从n ＝4的能级跃迁到n ＝1的能级时的辐射光D ．从n ＝4的能级跃迁到n ＝2的能级时的辐射光解析：选D 谱线a 波长大于谱线b 波长,所以a 光的光子频率小于b 光的光子频率,所以a 光的光子能量小于n ＝5和n ＝2间的能级差,辐射光的能量小于此能级差的只有n ＝4和n ＝2间的能级差,故D 正确,A 、B 、C 错误.6.[多选]中国科学家发现了量子反常霍尔效应,杨振宁称这一发现是诺贝尔奖级的成果.如图所示,厚度为h ,宽度为d 的金属导体,当磁场方向与电流方向垂直时,在导体上下表面会产生电势差,这种现象称为霍尔效应.下列说法正确的是( )A ．上表面的电势高于下表面电势B ．仅增大h 时,上、下表面的电势差不变C ．仅增大d 时,上、下表面的电势差减小D ．仅增大电流I 时,上、下表面的电势差减小解析：选BC 根据左手定则可知自由电子向上偏转,则上表面带负电,下表面带正电,所以下表面电势高于上表面电势,所以A 错误；最终稳定时,evB ＝e U h,解得U ＝vBh ,根据电流的微观表达式I ＝neSv ,S ＝hd ,故U ＝I neS Bh ＝IBned,所以h 增大时,上、下表面电势差不变,所以B 正确；当d 增大时,U 减小,所以C 正确；I 增大时,U 增大,所以D 错误.7.[多选]如图所示,两根相距为d 的足够长的光滑金属导轨固定在水平面上,导轨电阻不计.磁感应强度为B 的匀强磁场与导轨平面垂直,长度等于d 的两导体棒M 、N 平行地放在导轨上,且电阻均为R 、质量均为m ,开始时两导体棒静止.现给M 一个平行导轨向右的瞬时冲量I ,整个过程中M 、N 均与导轨接触良好,下列说法正确的是( )A ．回路中始终存在逆时针方向的电流B ．N 的最大加速度为B 2Id 22m 2RC ．回路中的最大电流为BId2mRD ．N 获得的最大速度为I m解析：选BC M 刚开始运动时,回路中有逆时针方向的感应电流,随着电流的产生,M 受向左的安培力做减速运动,N 受到向右的安培力做加速运动,直到两者共速时回路中感应电流为零,安培力为零,两者做匀速运动,故选项A 错误；M 刚开始运动时,电路中的感应电流最大,N 所受安培力最大,加速度最大,则：I ＝mv 0,E m ＝Bdv 0,I m ＝E m2R,F 安＝BI m d ＝ma m ,解得a m ＝B 2Id 22m 2R ,I m ＝BId2mR,选项B 、C 正确；当M 、N 共速时N 速度最大,根据动量守恒定律可得：I ＝2mv ,解得v ＝I2m,选项D 错误. 8.[多选]如图所示,直角三角形ABC 由三段细直杆连接而成,AB 杆竖直,长为2L 的AC 杆粗糙且绝缘,其倾角为30°,D 为AC 上一点,且BD 垂直于AC ,在BC 杆中点O 处放置一正点电荷Q ,一套在细杆上的带负电小球(未画出),以初速度v 0由C 点沿CA 上滑,滑到D 点速率恰好为零,之后沿AC 杆滑回C 点.小球质量为m 、电荷量为q ,重力加速度为g .则( )A ．小球下滑过程中电场力先做负功后做正功B ．小球再次滑回C 点时的速率为v C ＝3gL －v 02C ．小球下滑过程中动能、电势能、重力势能三者之和减小D ．小球上滑过程中和下滑过程中经过任意位置时的加速度大小都相等解析：选BC 小球下滑过程中点电荷Q 对小球的库仑力是吸引力,故电场力先做正功后做负功,故A 错误；小球从C 到D 的过程中,根据动能定理得：0－12mv 02＝－mgh －W f ,再从D 回到C 的过程中,根据动能定理得：12mv C 2－0＝mgh －W f ,根据几何关系可知,h ＝34L ,解得：v C ＝3gL －v 02,故B正确；小球下滑过程中由于摩擦力做负功,则小球动能、电势能、重力势能三者之和减小,故C正确；小球上滑过程中所受的摩擦力方向沿AC向下,而下滑过程中所受摩擦力方向沿AC向上,虽然在同一位置时所受的库仑力相同,但是加速度大小不相等,故D错误.。
2019年高考物理选择题电学押题练(二)
电学选择题押题练（二）1．科学家在物理学的研究过程中应用了很多科学思想方法，下列叙述正确的是() A．用质点代替有质量的物体，采用了微元法B．牛顿首次采用“把实验和逻辑推理结合起来”的科学研究方法C．法拉第首先提出了用电场线描绘电场这种形象化的研究方法D．安培提出了计算运动电荷在磁场中受力的公式解析：选C用质点代替有质量的物体采用了理想模型法，A错误；伽利略首次采用把实验和逻辑推理结合起来的科学方法，B错误；法拉第首先提出了用电场线描绘电场这种形象化的研究方法，C正确；洛伦兹提出了计算运动电荷在磁场中受力的公式，D错误。
2．图甲所示是工业上探测物件表面层内部是否存在缺陷的涡流探伤技术的原理图。
其原理是用电流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，从而获得物件内部是否断裂及位置的信息。
如图乙所示的是一个带铁芯的线圈L、开关S和电源用导线连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈L上且使铁芯穿过其中，闭合开关S的瞬间，套环将立刻跳起。
关于对以上两个运用实例理解正确的是()A．涡流探伤技术运用了互感原理，跳环实验演示了自感现象B．能被探测的物件和实验所用的套环必须是导电材料C．以上两个案例中的线圈所连接的电源都必须是变化的交流电源D．以上两个案例中的线圈所连接的电源也可以都是稳恒电源解析：选B涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变；跳环实验演示线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，属于演示楞次定律，故A错误；无论是涡流探伤技术，还是演示楞次定律，都需要产生感应电流，而感应电流产生的条件是在金属导体内，故B正确；金属探伤时，是探测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属处于该磁场中时，该金属中会感应出涡流；演示楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，故C、D错误。
2019高考物理全程备考二轮复习课余挤时加餐训练： 电学与原子物理学选择题押题练(二) 含解析
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为 kQq fD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12mv 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有k Qq r OB 2＝f ，所以r OB ＝ kQq f，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12mv 2－12mv 02，解得U AB ＝fL 0＋12mv 2－12mv 02q ，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选 D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U rr ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
2019高考物理二轮押题：第二部分 电学与原子物理学选择题押题练(二) 含解析
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为 kQq fD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12mv 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有k Qq r OB 2＝f ，所以r OB ＝ kQq f，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12mv 2－12mv 02，解得U AB ＝fL 0＋12mv 2－12mv 02q ，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选 D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U rr ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
2019高考物理二轮押题：第二部分_电学与原子物理学选择题押题练(四) 含答案解析
电学与原子物理学选择题押题练（四）1．已知核反应方程234 90Th →23491Pa ＋X ＋ΔE (ΔE为释放出的核能，X 为新生成粒子),23490Th 的半衰期为T ，下列有关说法正确的是( )A. 23491Pa 没有放射性B ．X 粒子是电子，此核反应为β衰变C ．N 0个234 90Th 经2T 时间因发生上述核反应而放出的核能为N 0ΔE (N 0数值很大) D. 234 90Th 的比结合能为ΔE 234解析：选B 234 91Pa 具有放射性，A 错误；由电荷数守恒和质量数守恒可以判断X 为电子，题述核反应为β衰变，B 正确；经过2T 时间，N 0个234 90Th 还剩⎝⎛⎭⎫122N 0＝14N 0个没有衰变，则有N 0－14N 0＝34N 0个发生了衰变，故核反应释放的核能为34N 0ΔE ，C 错误；比结合能是核子结合为原子核时释放的核能与核子数之比，而不是衰变释放的核能与核子数之比，D 错误。
2.如图所示，在两等量异种点电荷产生的电场中，abcd 是以两点电荷连线中点O为对称中心的菱形，a 、c 在两点电荷的连线上。
下列判断正确的是( )A ．a 、b 、c 、d 四点的电势相同B ．b 、d 两点的电场强度的方向相反C ．a 、b 、c 、d 四点的电场强度的大小相同D ．将正试探电荷由b 点沿ba 及ad 移到d 点的过程中，试探电荷的电势能先增大后减小解析：选D 根据等量异种点电荷产生电场的特点知，φa >φb ＝φd >φc ；a 、b 、c 、d 四点电场强度方向相同，但大小不等；b →a 电势增大，正电荷的电势能增大，a →d 电势减小，正电荷的电势能减小，故D 正确。
3.如图所示，A 1、A 2是两完全相同的灯泡，A 1与一理想二极管D 连接，线圈L 的直流电阻不计。
下列说法正确的是( )A ．闭合S 后，A 1会逐渐变亮B ．闭合S 稳定后，A 1、A 2亮度相同C ．闭合S 稳定后再断开S 的瞬间，A 1会逐渐熄灭D ．闭合S 稳定后再断开S 的瞬间，a 点的电势比b 点低解析：选D 闭合S 后，因A 1、A 2和线圈L 不是串联的关系，则A 1、A 2立刻亮，故A 错误；闭合S 稳定后，因线圈L 的直流电阻不计，所以A 1与二极管被短路，导致A 1不亮，而A 2将更亮，因此A 1、A 2亮度不同，故B 错误；闭合S 稳定后再断开S 的瞬间，A 2会立刻熄灭，线圈L 与A 1及二极管构成回路，因线圈L 产生感应电动势，a 点的电势低于b 点，但二极管具有单向导电性，所以回路没有感应电流，A 1不亮，故C 错误，D 正确。
2019高考物理二轮第二部分电学与原子物理学选择题押题练二.doc
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为 kQq fD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12mv 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有kQq r OB 2＝f ，所以r OB ＝ kQq f，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12mv 2－12mv 02，解得U AB ＝fL 0＋12mv 2－12mv 02q ，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U rr ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
2019高考物理二轮第二部分电学与原子物理学选择题押题练一.doc
电学与原子物理学选择题押题练（一）1．如图所示，在真空空间中的M、N处存在两个被固定的、电荷量相同的正点电荷，在它们连线所在的直线上有A、B、C三点，已知MA＝CN＝NB，MA<NA。
现有一正点电荷q，在两固定点电荷形成的电场中移动此点电荷q，下列说法中正确的是( )A．沿半圆弧l将q从B点移到C点，电场力不做功B．沿曲线r将q从B点移到C点，电场力做负功C．沿曲线s将q从A点移到C点，电场力做正功D．沿直线将q从A点移到B点，电场力做正功解析：选C 根据题述电场特点知，q从B点到N点电场力做负功，N点到C点电场力做正功，根据场强的叠加知，NC段的电场强度大于BN段的电场强度，q从B点到C点过程中，电场力做的负功小于电场力做的正功，则将q从B点移到C点，电场力做正功，电场力做功与电荷移动路径无关，选项A、B错误；A点与B点等电势，所以将q从A点移动到C 点与从B点移动到C点等效，所以沿曲线s将q从A点移到C点，电场力做正功，选项C 正确；沿直线将q从A点移到B点，电场力做功为零，选项D错误。
2．在如图所示的电路中，P、Q为平行板电容器两个极板，G为静电计，开关K闭合后静电计G的指针张开一定的角度。
下列说法正确的是( )A．断开K，将P向左移动少许，G的指针张开的角度变大B．闭合K，将P向左移动少许，G的指针张开的角度变大C．闭合K，将P向下移动少许，G的指针张开的角度变小D．断开K，在P、Q之间插入一陶瓷板，G的指针张开的角度变大解析：选A 断开K，将P向左移动少许，两极板之间的距离增大，电容器的带电荷量不变，电容减小，电势差增大，A正确；保持K闭合，增大或减小两极板之间的距离，增大或减小两极板的正对面积，静电计金属球与外壳之间的电势差不变，G的指针张开的角度不变，B、C错误；断开K，电容器的带电荷量不变，在P、Q之间插入一陶瓷板，电容增大，电势差减小，G的指针张开的角度变小，D错误。
3．如图甲所示，圆形闭合线圈共有100匝，线圈的总电阻为1 Ω，线圈处在方向向上的匀强磁场中，线圈的半径为r ＝1π m ，线圈平面与磁场垂直，现穿过线圈的磁感应强度随时间变化如图乙所示，则线圈的发热功率为( )A. 5 WB.52 W C ．2.5 W D ．5 W解析：选D 由题可知，线圈的面积为S ＝πr 2＝1 m 2,0～1 s 内的磁通量变化率为：ΔΦΔt ＝ΔB Δt S ＝0.01 Wb/s ，则感应电动势E 1＝n ΔΦΔt＝1 V ，同理可以得到1～1.2 s 内感应电动势E 2＝5 V ，由有效值定义有：E2R T ＝E12R ·56T ＋E22R ·16T ，解得电动势的有效值E ＝ 5 V ，线圈的发热功率P ＝E2R＝5 W ，D 项正确。
2019高考物理二轮押题：第二部分 电学与原子物理学选择题押题练(二) Word版含解析
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为 kQq fD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12m v 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有k Qq r OB2＝f ，所以r OB ＝ kQq f，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12m v 2－12m v 02，解得U AB ＝fL 0＋12m v 2－12m v 02q，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U r r ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
2019高考物理二轮押题：第二部分 电学与原子物理学选择题押题练(二) Word版含解析
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为 kQq fD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12m v 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有k Qq r OB2＝f ，所以r OB ＝ kQq f，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12m v 2－12m v 02，解得U AB ＝fL 0＋12m v 2－12m v 02q，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U r r ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
2019届高考物理二轮押题：第二部分 电学与原子物理学选择题押题练(二)
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为 kQq fD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12m v 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有k Qq r OB2＝f ，所以r OB ＝ kQq f，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12m v 2－12m v 02，解得U AB ＝fL 0＋12m v 2－12m v 02q，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U r r ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
2019届高考物理金榜押题卷4
2019届高考物理金榜押题卷（4）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14、下列说法正确的是( )A．英国物理学家查德威克发现了中子,质子和中子统称为核子B．α粒子轰击氮原子核的核反应方程式为：C．两个轻核结合成较重的单个原子核时要吸收能量D．只要入射光的强度足够大就能使被入射的金属表面逸出光电子15、在确保安全情况下，小明将一个篮球沿水平方向从教学楼五楼走廊栏杆上沿抛出。
若将篮球看成质点，不计篮球所受空气阻力，则篮球在下落过程中分别与四楼、三楼、二楼走廊栏杆上沿等高时，其与抛出点的水平距离之比为( )A. 1：3：5B. 1：2：3C. 1：4：9D. 1：：16、如图所示,一倾角为37°的斜面固定在水平地面上,不可伸长的轻绳跨过轻质定滑轮连接质量为2kg的物块Q和质量为1kg的物块P,不计滑轮和轻绳间的摩擦。
物块P与斜面间的动摩擦因数为0.5,连接P的轻绳与斜面平行,初始时用手托着物块Q,Q离地面的高度为1m,然后由静止释放物块Q,在物块Q落地瞬间,物块P的速度大小为(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)( )A.B.C.D.17、2018年7月25日，科学家们在火星上发现了一个液态水湖，这表明火星上很可能存在生命。
若一质量为m的火星探测器在距火星表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为T，已知火星半径为R，引力常量为G，则（）A．探测器的线速度B．火星表面重力加速度C．探测器的向心加速度 D．火星的密度18、两个带电粒子以同一速度从同一位置进入匀强磁场,在磁场中它们的运动轨迹如图所示。
粒子a的运动轨迹半径为r1,粒子b的运动轨迹半径为r2,且r2=2r1,q1、q2分别是粒子a、b所带的电荷量,m1、m2分别是粒子a、b的质量,则( )A.a带负点、b带正点,比荷之比为B.a带负电、b带正电,比荷之比为C.a带正电、b带负电,比荷之比为D.a带正电、b带负电,比荷之比为19、如图所示,一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出,鱼缸最终没有滑出桌面.若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等,则在上述过程中( )A.桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C.若猫增大拉力,鱼缸受到的摩擦力将增大D.若猫减小拉力,鱼缸有可能滑出桌面20、在如图所示电路中,电源内阻不可忽略,开关S闭合后,在滑动变阻器R2的滑动端由a 向b缓慢滑动的过程中( )A.电压表的示数增大,电流表的示数减小B.电压表的示数减小,电流表的示数增大C.电容器C所带电荷量减小D.电容器C所带电荷量增大21、如图所示,匀强磁场的磁感应强度。
2019高考物理二轮 第二部分 电学与原子物理学选择题押题练(二)
电学与原子物理学选择题押题练（二）1．如图所示，一个带电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为＋q 、质量为m的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．OB 间的距离为 kQq fD ．在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差U AB ＝fL 0＋12mv 2q解析：选C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力，且库仑力逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有kQq r OB 2＝f ，所以r OB ＝ kQq f，选项A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功，点电荷乙的电势能一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qU AB －fL 0＝12mv 2－12mv 02，解得U AB ＝fL 0＋12mv 2－12mv 02q ，选项D 错误。
2.如图所示，理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E ＝8 V ，内阻为r ＝2 Ω的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连，变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，当电源输出功率最大时( )A ．滑动变阻器的阻值R x ＝2 ΩB ．最大输出功率P ＝4 WC ．变压器的输出电流I 2＝2 AD ．滑动变阻器的阻值R x ＝8 Ω解析：选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即U 1＝U r ，且U 1＋U r ＝8 V ，故U 1＝U r ＝4 V ，根据欧姆定律可得I 1＝U rr ＝2 A ，故根据I 1I 2＝n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2＝1 A ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2＝8 V ，故R x ＝U 2I 2＝81Ω＝8 Ω，最大输出功率为P ＝U 2I 2＝8 W ，故D 正确。
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电学与原子物理学选择题押题练（四）1．已知核反应方程23490Th→23491Pa＋X＋ΔE(ΔE为释放出的核能，X为新生成粒子), 234
90
Th的半衰期为T，下列有关说法正确的是()
A.23491Pa没有放射性
B．X粒子是电子，此核反应为β衰变
C．N0个23490Th经2T时间因发生上述核反应而放出的核能为N0ΔE(N0数值很大)
D.23490Th的比结合能为ΔE
234
解析：选B23491Pa具有放射性，A错误；由电荷数守恒和质量数守恒可以判断X为电
子，题述核反应为β衰变，B正确；经过2T时间，N0个23490Th还剩⎝⎛⎭⎫1
22N
＝1
4N0
个没有衰变，
则有N0－1
4N0＝3
4N0
个发生了衰变，故核反应释放的核能为3
4N0
ΔE，C错误；比结合能是核
子结合为原子核时释放的核能与核子数之比，而不是衰变释放的核能与核子数之比，D错误。
2.如图所示，在两等量异种点电荷产生的电场中，abcd是以两
点电荷连线中点O为对称中心的菱形，a、c在两点电荷的连线上。
下列判断正确的是()
A．a、b、c、d四点的电势相同
B．b、d两点的电场强度的方向相反
C．a、b、c、d四点的电场强度的大小相同
D．将正试探电荷由b点沿ba及ad移到d点的过程中，试探电荷的电势能先增大后减小
解析：选D根据等量异种点电荷产生电场的特点知，φa>φb＝φd>φc；a、b、c、d四点电场强度方向相同，但大小不等；b→a电势增大，正电荷的电势能
增大，a→d电势减小，正电荷的电势能减小，故D正确。
3.如图所示，A1、A2是两完全相同的灯泡，A1与一理想二极管D
连接，线圈L的直流电阻不计。
下列说法正确的是()
A．闭合S后，A1会逐渐变亮
B．闭合S稳定后，A1、A2亮度相同
C．闭合S稳定后再断开S的瞬间，A1会逐渐熄灭
D．闭合S稳定后再断开S的瞬间，a点的电势比b点低
解析：选D闭合S后，因A1、A2和线圈L不是串联的关系，则A1、A2立刻亮，故A错误；闭合S稳定后，因线圈L的直流电阻不计，所以A1与二极管被短路，导致A1不
亮，而A2将更亮，因此A1、A2亮度不同，故B错误；闭合S稳定后再断开S的瞬间，A2会立刻熄灭，线圈L与A1及二极管构成回路，因线圈L产生感应电动势，a点的电势低于b点，但二极管具有单向导电性，所以回路没有感应电流，A1不亮，故C错误，D正确。
4．在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中有一面积为S的线圈，匝数为N，内阻不计，绕与磁场垂直的轴OO′以角速度ω匀速转动，如图所示。
线圈通过滑环接一理想变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，副线圈接有可调电阻R′。
如果从图示位置开始计时，下列判断正确的是()
A．线圈产生的交变电流按正弦规律变化
B．当只有线圈转速增大时，灯泡Ⅰ亮度不变，灯泡Ⅱ亮度变暗，灯泡Ⅲ亮度增大
C．当只有R′增大时，电压表读数不变
D．当只有P向上移动时，电流表读数减小
解析：选C从题图所示位置开始计时，零时刻交变电流最大，按余弦规律变化，选项A错误；当只有线圈转速增大时，不仅电流频率增大，由E m＝NBSω可知电动势也增大，所以灯泡Ⅰ、Ⅲ亮度增大，灯泡Ⅱ亮度变化不能确定，选项B错误；当线圈转速不变时，发电机电动势不变，电压表读数不受P位置、R′变化影响，读数不变，选项C正确；当线圈转速不变，P向上移动、R′不变时，变压器输出电压变大，用电器电流增大，副线圈总电流增大，所以电流表读数增大，选项D错误。
5．如图甲所示，正三角形导线框位于圆形有界匀强磁场中，磁场方向与导线框所在平面垂直。
规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示。
下列说法正确的是()
A．0～1 s时间内和5～6 s时间内，导线框中的电流方向相同
B．0～1 s时间内和1～3 s时间内，导线框中的电流大小相等
C．3～5 s时间内，AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向下
D．1～3 s时间内，AB边受到的安培力大小不变
解析：选A0～1 s时间内穿过导线框的磁通量向外增加；5～6 s时间内穿过导线框的磁通量向里减小，根据楞次定律可知导线框中的电流方向相同，选项A正确；题图乙中B-t 图像的斜率等于磁感应强度的变化率，故0～1 s时间内和1～3 s时间内，导线框中的感应电动势的大小不相等，感应电流大小不相等，选项B错误；3～5 s时间内，磁通量向里增加，产生的感应电流为逆时针方向，则由左手定则可知，AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向上，选项C错误；1～3 s时间内，感应电流大小不变，而磁感应强度向外减弱，根据F＝BIL可知，AB边受到的安培力变小，选项D错误。
6．[多选]如图所示，在真空中，＋Q1和－Q2为固定在x轴上的两个点电荷，且Q1＝4Q2，AB＝BP＝L。
a、b、c为P两侧的三个点，则下列说法中正确的是()
A．P点电场强度为零，电势也为零
B．b、c两点处，一定有电势φb>φc，且电场强度E b>E c
C．若将一试探电荷＋q从a点沿x轴移至P点，则其电势能增加
D．若将一试探电荷－q从a点静止释放，则其经过P点时动能最大
解析：选CD P点的电场强度为E P＝k Q1
(2L)2
－
k Q2
L2＝0；P点的电势：φP
＝
k Q1
2L
－
k Q2
L
＝
k Q2
L>0，选项A错误；因P点的电场强度为零，则P点右侧电场线向右，由顺着电场线电势降低可知，φb>φc，因b、c的具体位置不确定，则不能确定两点电场强度的关系，选项B 错误；P点左侧电场线向左，则P点电势高于a点，若将一试探电荷＋q从a点沿x轴移至P点，则其电势能增加，选项C正确；若将一试探电荷－q从a点静止释放，则电荷将沿aP向右加速运动，到达P点后受到向左的电场力做减速运动，可知其经过P点时动能最大，选项D正确。
7.[多选]如图所示，平行板电容器竖直放置，右侧极板中间开有
一小孔，两极板之间的距离为12 cm，内部电场强度大小为
10 N/C；极板右侧空间有磁感应强度大小为0.5 T 的匀强磁场。
一
比荷为1.6×102 C/kg的带负电粒子，从电容器中间位置以大小为
8 m/s的初速度平行于极板方向进入电场中，经过电场偏转，从电容器右极板正中间的小孔进入磁场。
不计带电粒子的重力及空气阻力。
下列说法正确的是()
A ．电容器极板长度为83×10－
2 m B ．粒子进入磁场时的速度大小为16 m/s
C ．粒子进入磁场时速度与水平方向夹角为60°
D ．粒子在磁场中的运动时间为
π120
s
解析：选ABD 粒子在电场中做类平抛运动，则竖直方向：12L ＝v 0t ；水平方向：12
d ＝12·Eq m
t 2，解得L ＝83×10－2 m ，A 正确；粒子进入磁场时水平速度：v x ＝Eq m t ＝8 3 m/s ，则粒子进入磁场时的速度大小为v ＝v 02＋v x 2＝16 m/s ，B 正确；粒子进入磁场时速度与水平方向的夹角满足tan θ＝v 0v x ＝33
，解得θ＝30°，C 错误；粒子在磁场中转过的角度为120°，则在磁场中运动的时间t ＝120°360°T ＝13·2πm qB ＝π120
s ，D 正确。
8.[多选]如图所示，在xOy 平面内存在着磁感应强度大小为B
的匀强磁场，第一、二、四象限内的磁场方向垂直纸面向里，第三
象限内的磁场方向垂直纸面向外，P (－2L,0)、Q (0，－2L )为坐
标轴上的两个点，现有一电子从P 点沿P Q 方向射出，不计电子的
重力，下列说法正确的是( )
A ．若电子从P 点出发恰好经原点O 第一次射出磁场分界线，则电子运动的路程一定为πL 2
B ．若电子从P 点出发经原点O 到达Q 点，则电子运动的路程一定为πL
C ．若电子从P 点出发经原点O 到达Q 点，则电子运动的路程一定为2πL
D ．若电子从P 点出发经原点O 到达Q 点，则电子运动的路程可能为πL ，也可能为2πL 解析：选AD 电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，设其运动半径为R ，若电子从P 点出发恰好经原点O 第一次射出磁场分界线，则其运动轨迹如图甲所示，则有2R cos 45°＝
2L ，解得半径R ＝L ，运动轨迹为四分之一圆周，所以运动的路程s ＝2πR 4＝πL 2
，选项A 正确；电子从P 点出发经原点O 到达Q 点，若电子恰好经原点O 第一次射出磁场分界线，则轨迹如图甲，运动路程为一个圆周，即s 1＝2πR ＝2πL ，电子从P 点出发经过原点O 到达
Q 点的运动轨迹可能如图乙所示，根据几何关系有2R ′cos 45°＝2L
2
，圆周运动半径 R ′＝L 2，运动的路程为s 2＝2πR ′4×2×2＝2πL 4×2×2×2＝πL ，选项B 、C 错误，D 正确。