云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)化学答案
云南省师大附中届高考适应性月考(一)化学试题
云南省师大附中届高考适应性月考（一）化学试题可能用到的相对原子质量：；；；；；；；；．下列关于物质的组成、分类、变化和性质的说法，正确的是．胆矾：·；明矾：()·；纯碱：；烧碱：．、、、均属于钾盐．在一定条件下转化为、石油的分馏均属于物理变化．同温同压下，的密度大于的密度．下列实验能达到目的的是．只滴加溶液鉴别、、、四种溶液．将溶液蒸干制备固体．用可见光束照射来区别溶液和胶体．用乙醇萃取并分液的方法除去水中的碘．表示阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是．74.5g的晶体中含有的分子数为．1L 的溶液中含有数为．氨基（—）与所含的电子数均为．和混合物中含有的阴离子数均为．下列反应的离子方程式表示正确的是．向溶液中加入铁粉：．铜片放入稀硝酸中：↑．向溶液中加入：．向澄清石灰水中通入过量的气体：↓．室温下，下列分子或离子在指定的溶液中一定能大量共存的一组是．某无色溶液中：、、、．由水电离出的()×·的溶液中：、、、．使甲基橙变黄色的溶液：、、、．重铬酸钾（）溶液中：、、、乙醇分子．白磷中毒后可用溶液解毒，解毒原理可用下列化学方程式表示：，下列说法正确的是．被还原的元素只有．发生反应，有电子转移．只作还原剂．发生反应，能氧化白磷．下列有机物的同分异构体数目最多的是（包含镜像异构和顺反异构）．．．．．（分）1℃时，在2L恒容密闭窗口中，将()和()混合并发生如下反应：() () ()，()（）1℃时，反应的平衡常数表达式 。
（）在～时段，反应平均速率v () （结果保留小数点后三位）。
（）达到平衡时的转化率为 。
（）若温度升高到2℃，平衡后() ()，则该反应是 （填“放”或“吸”）热反应，混合气体的颜色变 （填“深”或“浅”）。
（）下列能说明反应已达到化学平衡的是 （填序号）。
．容器内压强不变 ．容器内气体密度不变 ．容器内混合气体的平均相对分子质量不变 ．() ()（）若改变某一条件，达到平衡时( ) ，下列说法正确的是 （填序号）。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)政治
政治
题号
题型
分值
试题内容
难易程度
备注
1
单选题
2分
商品的基本属性
中
2
单选题
2分
金属货币与纸币
中
3
单选题
2分
价格、供给、需求之间关系
中
4
单选题
2分
货币的产生与发展
中
5
单选题
2分
货币与财富
中
6
单选题
2分
消费行为
易
7
单选题
2分
货币的职能
中
8
单选题
2分
货币量的计算
物价总水平与家庭消费水平的关系；个别劳动生产率与单位商品价值量的关系；家庭收入水平与家庭消费水平的关系；本币汇率与出口的关系
中
19
单选题
2分
劳动者权益
中
20
单选题
2分
货币政策
中
21
单选题
2分
货币政策与股市的关系
中
22
单选题
2分
存款作用
中
23
单选题
2分
债券与股票
中
24
单选题
2分
商业保险
中
25
主观题
12分
中
9
单选题
2分
通货紧缩
中
10
单选题
2分
价格
中
11
单选题
2分
消费心理
易
12
单选题
2分
计算恩格尔系数
难
13
单选题
2分
云南师大附中2013届高三高考适应性月考(三)化学试题(含解析)
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（三）化学试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，考试结后，请将本试卷和答题卡并交回。
满分300分，考试用时150分钟。
注意事项：1．答题茄子，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚，并请认真填涂准考证号。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑o如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。
在试题卷上作答无效。
以下数据可供解题时参考。
可能用到的相对原子质量：H-I C-12 N-14 0-16 Na-23 S-32 Fe-56第Ⅰ卷（选择题，共126分）一、选择题：本题共1 3小题，每小题6分o在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
7．化学与科学、技术、社会、环境密切相关。
下列有关说法不正确的是A．为防止电池中的重金属等污染土壤和水体，应积极开发废电池的综合利用技术B．高纯度的二氧化硅广泛用于制作光导纤维，遇强碱会“断路”C．以NO和N02为主的氮氧化物是形成光化学烟雾和酸雨的一个重要原因D．FcCI3溶液能与Cu反应，可用于蚀刻印刷电路8．示意图或图示能够直观形象地呈现化学知识。
下列示意图或图示正确的是9．下列化学用语书写正确的是1 0．下表中'对陈述I、Ⅱ的正确性及两者间因果关系的判断，完全正确的是11．X 、Y 、Z 、M 、W 为五种短周期元素。
X 、Y 、Z 是原子序数依次递增的周期元素，且最外层电子数之和为15，X 与Z 可形成XZ 2分子；Y 与M 形成的气态化合物在标准状况屯的密度为0.76g·L —1；W 的质子数是X 、Y 、Z 、M 四种元素质子数之和的12。
下列说法正确的是A ．原子半径：W>Z>Y>X>MB ．在上述五种元素形成的单质中，X 元素可形成几种同素异形体C ．XZ 2、X 2M 2、W 2Z 2均为直线型的共价化合物D ．由X 、Y 、Z 、M 四种元素形成的化合物一定没有离子键12．下列叙述正确的是A ．室温下pH=7的CH 3COOH 与CH 3COONa 的混合液中离子浓度大小顺序为：c(Na +)>c（CH 3COO —）>c （H +）=c （OH —）B ．分别向2支试管中加入相同体积不同浓度的H 2O 2溶液，再向其1支加入少量MnO 2，可以研究催化剂对H 2O 2分解速率的影响C ．热稳定性：HF>HC1>HBr>HID ．中和pH 与体积均相同的盐酸和醋酸溶液消耗NaOH 的物质的量相等13．实验是研究化学的基础。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)地理答案
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）地理参考答案第Ⅰ卷（选择题，共44分）选择题（本大题共22小题，每小题2分，共44分）【解析】1~3．①为非洲的马达加斯加岛，②为台湾岛，③是澳大利亚大陆，④是英国，①位于非洲板块上，所以第3题A不正确。
6．断崖m的高度为150~250米，山峰K与山峰J的高差为50<K-J<150米。
7．P位于900米等高线上，1250<K<1300米。
8~10．由AB为晨线，可知太阳直射点位于南半球，所以，太湖地区的日出方位是东偏南方向，再由AB晨线和北极圈的关系可知此时该晨线与极圈内一纬线相切。
第8题，可估计60°E 为AB晨线与赤道交点所在的经线，由此可大致算出0时经线的经度。
11．当城市①正午建筑物的影子长度与建筑物高度相同时，意为城市①该日的正午太阳高度为45°。
12．⑤为意大利以轻工业为主的新兴工业区，⑥为我国辽宁省的城市。
15．此时为7月，太阳直射点在北半球。
16~17．该大陆为南美大陆，大陆西侧的洋流为秘鲁寒流，东侧的洋流为巴西暖流。
18~20．我国一年中太阳高度最小为冬至日时，由冬至日正午太阳高度为40°可大致求得该地为昆明。
21~22．由西五区区时为6日0时20分，可求得经度为15°的甲地时间，而甲地又位于晨昏线上，可知图中的晨昏线为晨线。
第Ⅱ卷（非选择题，共56分）（一）必考题（共3小题，共46分）23．（16分）（1）（8分）珠江与黄河主要补给皆为天然降水。
珠江流域位于我国南方地区，离海近，地理参考答案·第1页（共2页）地理参考答案·第2页（共2页）夏季风影响时间长（夏季风来得早，去得晚），强度大，流域内雨季时间长，雨量大，而黄河位于我国北方半湿润半干旱地区，流域内雨季短，雨量小。
（2）（8分）海洋资源、热带气候资源、热带生物资源、旅游资源等；发展成为热带作物基地，反季节蔬菜和瓜果基地；高效和生态农业。
云南师大附中高考适应性月考卷(一)文数答案
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）文科数学参考答案第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分） 【解析】1．Q 全集U =R ，{}|1M x x =≤，{}|22N x x =-<<，∴{}()|12U M N x x =<<I ð，选B.2．2i2i (1i)i(1i)1i 1i÷+==-=++Q ，选A. 3．由倍角公式直接求得 22πππ17cos 2cos 22cos 1133388ααα⎛⎫⎛⎫⎛⎫+=+=+-=-=- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭，选B. 4．设i r、j r 的夹角为β，则由(2)0j i i +=r r r g，可得22||||cos ||0i j i β+=r r r ，得2cos 10β+=， 又(0π)β∈，，所以2π3β=，选C. 5．在同一坐标系中画出ln 26y x y x ==-+，的图象，估计零点在（1，3）之间，进一步验证55ln 126122<-⨯+=，，从而确定零点在532⎡⎤⎢⎥⎣⎦，，选D. 6．0002125?k S S k k ====>，，，，否001122+2225?k S S k k ====>，，，，否0101222+22+2+2325?k S S k k ====>，，，，否012012332+2+22+2+2+2425?k S S k k ====>，，，，否 …012240122425252+2+2++22+2+2++2+22625?k S S k k ====>L L ，，，，是输出2602325261(12)2+22222112S -=++++==--L ，选C.7．命题p 真，命题q 假，选A ．8．特值法，要考虑到22xy y x ==，的增长速度，因为12221=，22212=，322839=，42214=，选D ．9．因为三棱锥B ACD -是棱长为1的正三棱锥，近一步求得体积V =A ． 10．0102x ⎡⎫∈⎪⎢⎣⎭Q ，，001()2f x x ∴=+，又 011122x +<Q ≤，001[()]212f f x x ⎛⎫∴=-- ⎪⎝⎭，由01102122x ⎛⎫--< ⎪⎝⎭≤，解得01142x <≤，01142x ∴<<，选C ．11．由||1AM =u u u u r可知，点M 的轨迹为以点A 为圆心，1为半径的圆，过点P 作该圆的切线，则222||||||PA PM AM =+，得22||||1PM PA =-，所以要使得||PM u u u u r 的值最小，则要||PA u u u r的值最小，而||PA u u u r 的最小值为4a c -=，此时||PM =u u u u r，故选B.12．数形结合法，题意是()f x 的图象上有几对点关于原点对称，因为()P x y ，关于原点对称的点Q 的坐标为()Q x y --，，在同一坐标系中画出222x y y x x ==--，的图象可看出有两个交点，选C ．第Ⅱ卷（非选择题，共90分）二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）【解析】13. 它是一个横放的直棱柱，112222V Sh ==⨯⨯⨯=．14．由题意知()f x 在R 上单调递增，4014a a a a ->⎧⎪∴>⎨⎪-⎩，，≤，24a ∴<≤．15．因为(41)A ，，所以41m n +=，所以1111(4)m n m n m n ⎛⎫+=+⋅+ ⎪⎝⎭44159m n n m =++++≥． 16．由正余弦定理有：2sin 2sin sin C A B =⇒22c ab =，由余弦定理有：2222236cos 2a b ab C a b c +=⇒+=，所以22222112cos 22c a b c C ab c +-===，0πC <<，所以π3C =. 三、解答题（共70分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 17.（本小题满分12分）解:（Ⅰ）因为{}n a 是首项为1的等差数列，所以设1(1)n a n d =+-，因为23511a a a ++，，成等比数列，所以2325(1)(1)a a a +=+，2(22)(2)(14)d d d +=++，解得2d =，于是21n a n =-．…………………………………………………………（6分）（Ⅱ）1111(21)(21)22121n b n n n n ⎛⎫==- ⎪-+-+⎝⎭，1111111112335572121n S n n ⎛⎫=-+-+-++- ⎪-+⎝⎭L111221n ⎛⎫=- ⎪+⎝⎭=21nn +， 21n nS n ∴=+．…………………………………………………………………………（12分） 18．（本小题满分12分）解:（Ⅰ）设该厂有n 个在职职工，由题意有5010110290n =+，得n =2000， 所以z =2000−(110+290+150+450+600)=400．…………………………………………（6分） （Ⅱ）设所抽样本中有m 个女职工，因为 用分层抽样的方法在第三车间中抽取容量为5的样本， 有40010005m=，得m =2 ，即样本中有2个女职工和3个男职工，分别记作：G 1，G 2；B 1，B 2，B 3．则从中任取2人的所有基本事件为(G 1，G 2)， (G 1，B 1) ，(G 1，B 2) ，(G 1，B 3)， (G 2，B 1) ，(G 2，B 2) ，(G 2，B 3) ，(B 1，B 2) ，(B 1，B 3) ，(B 2，B 3) 共10个，其中至少有1个女职工的基本事件有7个基本事件：(G 1，G 2) ，(G 1，B 1) ，(G 1，B 2) ，(G 1，B 3) ，(G 2，B 1) ，(G 2，B 2) ，(G 2，B 3) ，所以从中任取2人，至少有1个女职工的概率为710. ………………………（12分） 19．（本小题满分12分）（Ⅰ）证明：如图1，PA ABCD BE ABCD ⊥⊂Q 平面，平面， EB PA ∴⊥．又EB AB AB AP A ⊥=I ，， AB AP PAB ⊂，平面，EB PAB ∴⊥平面，又AF PAB ⊂平面， AF BE ∴⊥. ……………………（3分） 又1PA AB ==，点F 是PB 的中点，,AF PB ∴⊥ PB BE B PB BE PBE =⊂Q I 又，，平面， AF PBE ∴⊥平面.PE PBE AF PE ⊂∴⊥Q 平面，. ………………………（6分） （Ⅱ）解：方法一：PD Q 与平面ABCD 所成角是30°，3AD ∴=，ABCD 是矩形，1PA AB ==，多面体PADEF 的体积P ADE E PAF V V V --=+， …………………………………………（8分） P ADE -Q 的高1h PA ==，底面ADE 的面积113132S =⨯⨯=， 11133133P ADE V V S h -∴===⨯⨯=． E PAF -Q 的高132h BC '==，底面PAF 的面积21111=2224PAB S S =⨯=△，……（10分）2111334E PAF V V S h -'∴===⨯=， 故多面体PADEF 的体积 P ADE E PAF V V V --=+==．………………………………………………（12分） 方法二：PD Q 与平面ABCD 所成角是30°，AD ∴=ABCD 是矩形，1PA AB ==， 多面体PADEF 的体积P ABCD P DCE F ABE V V V V ---=--， …………………………………（8分） P DCE -Q 的高1h PA ==，底面DCE的面积1112S =⨯111133P DCE V V S h -∴====． PAB ABCD ⊥Q 平面平面，又点F 是PB 的中点，E 是BC 的中点，F ABE ∴-的高1122h PA '==，底面AEB的面积2112S =⨯=10分）2111332F ABE V V S h -'∴====，113P ABCD V -=， 故多面体PADEF 的体积为 P ABCD P DCE F ABE V V V V ---=--==． ……………………………（12分） 20．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）函数的定义域为(0)∞，+，2121()2x ax f x x a x x +-'=+-=≤0在[12]，上恒成立，令2()21h x x ax =+-，有(1)0(2)0h h ⎧⎨⎩≤，≤， 得172a a -⎧⎪⎨-⎪⎩≤，≤， 得72a ≤-. ……………………（6分）（Ⅱ）Q x ax x g ln )(-=((0])x e ∈，有最小值3，又11()ax g x a x x-'=-=． ①当0a ≤时，)(x g 在(0]e ，上单调递减，31)()(min =-==ae e g x g ，ea 4=（舍去）； ②当0a >时，令()0g x '>，解得1x a >，()g x ∴在1a ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭，上单调递增；令()0g x '<，解得1x a <，()g x ∴在10a ⎛⎫⎪⎝⎭，上单调递减． min 1()1ln 3g x g a a ⎛⎫∴==+= ⎪⎝⎭，2e a =，满足条件. …………………………………（10分）综上，2a e =时，使得当(0]x e ∈，时)(x g 有最小值3. ……………………………（12分）21．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）设动圆C 的半径为r ，1C Q ：221(1)4x y ++=，2C ：2249(1)4x y -+=， 则由题意有1217||||22CC r CC r =+=-，， 124CC CC ∴+=，C ∴的轨迹是以12(10)(10)C C -，，，为焦点，24a =的椭圆， ∴C 的轨迹方程为22143x y +=．…………………………………………………………（4分） （Ⅱ）设1122()()M x y N x y ，，，， 由221431x y y kx ⎧+=⎪⎨⎪=+⎩，， 消去y 并整理得22(34)880k x kx ++-=， ……………………………………………（6分） 22(8)32(34)0k k ∆=++>Q 恒成立，∴直线1y kx =+与椭圆恒有两个交点．又122834k x x k +=-+，121226()234y y k x x k ∴+=++=+， ………………………（8分） MN ∴中点P 的坐标为22433434k k k ⎛⎫- ⎪++⎝⎭，． 设MN 的垂直平分线l '的方程为118y x k ⎛⎫=-- ⎪⎝⎭，P Q 在l '上，22314134348k k k k ⎛⎫∴=--- ⎪++⎝⎭， 即24830k k ++=，解得121322k k =-=-，，k ∴的取值为1322--，． ………………………………………………………………（12分）22．（本小题满分10分）【选修4—1：几何证明选讲】证明：（Ⅰ）如图2，PA Q 与圆相切于点A ，PAD DCA ∴∠=∠. ……………………………………（2分） AB CD Q ∥， DCA CAB ∴∠=∠，PAD CAB ∴∠=∠． ……………………………………（5分） （Ⅱ）PAD CAB DCA ∠=∠=∠Q ，»»AD BC ∴=，AD BC ∴=． ……………………………………………………………（6分）ABCD Q 是圆的内接四边形，∴PDA CBA ∠=∠，又PAD CAB ∠=∠Q ，PDA ∴△∽CBA △，……………………………………………………………………（8分）AD PDAB BC=故， 2AD AB PD ∴=⋅．………………………………………………………………………（10分） 23．（本小题满分10分）【选修4—4：坐标系与参数方程】 解：（Ⅰ）由π4ρθ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭得：cos sin ρθθ=+，两边同乘以ρ得：2cos sin ρρθρθ=+， ……………………………………………（3分） 220x y x y ∴+--=，即22111222x y ⎛⎫⎛⎫-+-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭． …………………………………（5分）（Ⅱ）将直线参数方程代入圆C 的方程得：2521200t t -+=， …………………（6分）12122145t t t t ∴+==，，…………………………………………………………………（8分）12||||5MN t t ∴=-==． ……………………………………………（10分） 24．（本小题满分10分）【选修4—5：不等式选讲】解：（Ⅰ）()21f x x x =+-＝23020132 1.x x x x x x -<⎧⎪-⎨⎪->⎩，，，≤≤，， ……………………………………（3分）当x ＜0时，由2−3x ≤8，得−2≤x ＜0； 当0≤x ≤1时，由2−x ≤8，得0≤x ≤1； 当x ＞1时，由3x −2≤8，得1＜x ≤103． 综上，不等式()8f x ≤的解集为1023⎡⎤-⎢⎥⎣⎦，． ………………………………………（5分）（Ⅱ）因为()2f x x x a =+-2302032a x x a x x a x a x a -<⎧⎪=-⎨⎪->⎩，，，≤≤，，，…………………………………（8分）可见()f x 在()a -∞，单调递减，在()a ∞，+单调递增，所以，当x a =时，()f x 取最小值a ， 所以a 的取值范围是[6)+∞，． ……………………………………………………（10分）。
云南师大附中高考适应性月考卷(一)文综答案
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）文科综合参考答案第Ⅰ卷（选择题，共140分）【解析】1~2．由图可知，A、B、C、D分别为夏至日、春分日、冬至日和秋分日。
3~5．在伦敦奥运会期间，太阳直射点位于北半球，所以，伦敦的白昼最长，伦敦比昆明正午太阳高度角小；第5题，可由开幕式时间算出此时的0时经线。
6．可用直角三角形的关系大致算出甲乙两地的大约距离。
7．乙地经度比甲地偏东5°，时间要比甲地早20分钟，夏至日时，甲地由于纬度比乙地偏北，白昼长56分钟，所以，甲地比乙地日出早8分钟，日落迟48分钟。
8．由等高线的弯曲方向可判断出河流的流向。
10．由题意可知，BC段弧长的最大值为赤道周长的四分之一，此时，A点为北极圈和晨昏圈的切点。
11．因为D点为BC的中点，而B点为晨线和赤道的交点，地方时为6：00点，所以D点的地方时为8：30。
12．第一步：根据题目可知，A商品的价格由10元变动到16元，说明纸币贬值。
设贬值率为x，则10/（1−x）=16⇒10−16=−16x⇒x=6/16⇒x=0.375。
第二步：提高的是个别劳动生产率，所以价格不变，就是16元。
13．由图中5月至6月的K线图可知，1美元兑换人民币的数量在增加，说明人民币贬值，美元升值；人民币贬值有利于我国出口，不利于我国进口。
14．②是纸币而不是信用卡。
使用信用卡消费和使用现金消费一样，并不会减少现金流通量、缓解通货膨胀，故④错。
15．需求量的增加会引起价格的上涨，同时会引起互补品需求量的增加、价格的上涨。
16．“换客族”式消费观念通过利用自己的物品和别人互相交换，来获得自己想要的东西，原则就是不再额外花钱，属于绿色消费观和勤俭节约，与①量入为出，适度消费无关，也不是②盲从消费。
17．随着我国互联网普及率不断提高，网络消费才得以迅速增长，说明生产决定消费方式和消费水平。
18．对经济发展起主导作用的是国有经济，排除①；民营经济包括公有的和非公的，排除④。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)化学
9
选择题
2分
离子共存
中
10
选择题
2分
离子方程式
中
11
选择题
2分
能量计算
中
12
选择题
2分
化学反应速率
中
13
选择题
2分
能量变化
中
14
选择题
2分
pH值计算
中
15
选择题
2分
原电池化学电源
中
16
选择题
2分
实验操作
中
17
选择题
2分
物质除杂
中
18
选择题
2分
有机物反应类型
中
19
选择题
2分
同位素
中
20
选择题
2分
元素周期律
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）·双向细目表
化学
题号
题型
分值
试题内容
难易程度
备注
1
选择题
2分
物质变化
易
2
选择题
2分
物质组成
易
3
选择题
2分
化学用语
易
4
选择题
2分
物质分类
易
5
选择题
2分
物质分类
易
6
选择题
2分
阿伏加德罗常数(NA)的数值
中
7
选择题
2分
元素单质元素化合物性质
中
8
选择题
2分
反应类型
化学——选修2化学与技术
中难4分
26
填空题（选做）
15分
化学——选修3物质结构与性质
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)文数答案
文科数学参考答案·第1页（共6页）云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）文科数学参考答案第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分） 【解析】1． 全集U =R ，{}|1M x x =≤，{}|22N x x =-<<，∴{}()|12U M N x x =<< ð，选B.2．2i2i (1i)i(1i)1i 1i÷+==-=++ ，选A. 3．由倍角公式直接求得 22πππ17cos 2cos 22cos 1133388ααα⎛⎫⎛⎫⎛⎫+=+=+-=-=- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭，选B. 4．设i 、j 的夹角为β，则由(2)0j i i += ，可得22||||cos ||0i j i β+= ，得2cos 10β+=，又(0π)β∈，，所以2π3β=，选C. 5．在同一坐标系中画出ln 26y x y x ==-+，的图象，估计零点在（1，3）之间，进一步验证55ln 126122<-⨯+=，，从而确定零点在532⎡⎤⎢⎥⎣⎦，，选D. 6．0002125?k S S k k ====>，，，，否001122+2225?k S S k k ====>，，，，否0101222+22+2+2325?k S S k k ====>，，，，否012012332+2+22+2+2+2425?k S S k k ====>，，，，否 …012240122425252+2+2++22+2+2++2+22625?k S S k k ====> ，，，，是输出2602325261(12)2+22222112S -=++++==-- ，选C.7．命题p 真，命题q 假，选A ．8．特值法，要考虑到22xy y x ==，的增长速度，因为12221=，22212=，322839=，42214=，选D ．9．因为三棱锥B ACD -是棱长为1的正三棱锥，近一步求得体积V =A ． 10．0102x ⎡⎫∈⎪⎢⎣⎭ ，，001()2f x x ∴=+，又 011122x +< ≤，001[()]212f f x x ⎛⎫∴=-- ⎪⎝⎭，文科数学参考答案·第2页（共6页）由01102122x ⎛⎫--< ⎪⎝⎭≤，解得01142x <≤，01142x ∴<<，选C ． 11．由||1AM =可知，点M 的轨迹为以点A 为圆心，1为半径的圆，过点P 作该圆的切线，则222||||||PA PM AM =+，得22||||1PM PA =-，所以要使得||PM 的值最小，则要||PA的值最小，而||PA的最小值为4a c -=，此时||PM = ，故选B.12．数形结合法，题意是()f x 的图象上有几对点关于原点对称，因为()P x y ，关于原点对称的点Q 的坐标为()Q x y --，，在同一坐标系中画出222x y y x x ==--，的图象可看出有两个交点，选C ．第Ⅱ卷（非选择题，共90分）二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）【解析】13. 它是一个横放的直棱柱，112222V Sh ==⨯⨯⨯=．14．由题意知()f x 在R 上单调递增，4014a a a a ->⎧⎪∴>⎨⎪-⎩，，≤，24a ∴<≤．15．因为(41)A ，，所以41m n +=，所以1111(4)m n m n m n ⎛⎫+=+⋅+ ⎪⎝⎭44159m n n m =++++≥． 16．由正余弦定理有：2sin 2sin sin C A B =⇒22c ab =，由余弦定理有：2222236cos 2a b ab C a b c +=⇒+=，所以22222112cos 22c a b c C ab c +-===，0πC <<，所以π3C =. 三、解答题（共70分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 17.（本小题满分12分）解:（Ⅰ）因为{}n a 是首项为1的等差数列，所以设1(1)n a n d =+-，因为23511a a a ++，，成等比数列，所以2325(1)(1)a a a +=+，2(22)(2)(14)d d d +=++，解得2d =，于是21n a n =-．…………………………………………………………（6分）文科数学参考答案·第3页（共6页）（Ⅱ）1111(21)(21)22121n b n n n n ⎛⎫==- ⎪-+-+⎝⎭，1111111112335572121n S n n ⎛⎫=-+-+-++- ⎪-+⎝⎭111221n ⎛⎫=- ⎪+⎝⎭=21n n +， 21n nS n ∴=+．…………………………………………………………………………（12分） 18．（本小题满分12分）解:（Ⅰ）设该厂有n 个在职职工，由题意有5010110290n =+，得n =2000， 所以z =2000−(110+290+150+450+600)=400．…………………………………………（6分） （Ⅱ）设所抽样本中有m 个女职工，因为 用分层抽样的方法在第三车间中抽取容量为5的样本， 有40010005m=，得m =2 ，即样本中有2个女职工和3个男职工，分别记作：G 1，G 2；B 1，B 2，B 3．则从中任取2人的所有基本事件为(G 1，G 2)， (G 1，B 1) ，(G 1，B 2) ，(G 1，B 3)， (G 2，B 1) ，(G 2，B 2) ，(G 2，B 3) ，(B 1，B 2) ，(B 1，B 3) ，(B 2，B 3) 共10个，其中至少有1个女职工的基本事件有7个基本事件：(G 1，G 2) ，(G 1，B 1) ，(G 1，B 2) ，(G 1，B 3) ，(G 2，B 1) ，(G 2，B 2) ，(G 2，B 3) ，所以从中任取2人，至少有1个女职工的概率为710. ………………………（12分） 19．（本小题满分12分）（Ⅰ）证明：如图1，PA ABCD BE ABCD ⊥⊂ 平面，平面， EB PA ∴⊥．又EB AB AB AP A ⊥= ，， AB AP PAB ⊂，平面，EB PAB ∴⊥平面，又AF PAB ⊂平面， AF BE ∴⊥. ……………………（3分） 又1PA AB ==，点F 是PB 的中点，,AF PB ∴⊥ PB BE B PB BE PBE =⊂ 又，，平面， AF PBE ∴⊥平面.PE PBE AF PE ⊂∴⊥ 平面，. ………………………（6分） （Ⅱ）解：方法一：PD 与平面ABCD 所成角是30°，AD ∴=ABCD 是矩形，1PA AB ==，多面体PAD EF 的体积P ADE E PAF V V V --=+， …………………………………………（8分）P ADE - 的高1h PA ==，底面ADE的面积1112S =⨯111133P ADE V V S h -∴====E PAF -的高12h BC '==底面PAF 的面积21111=2224PAB S S =⨯=△，……（10分）文科数学参考答案·第4页（共6页）2111334E PAF V V S h -'∴===⨯=故多面体PAD EF 的体积 P ADE E PAF V V V --=+==12分） 方法二：PD 与平面ABCD 所成角是30°，AD ∴=ABCD 是矩形，1PA AB ==， 多面体PAD EF 的体积P ABCD P DCE F ABE V V V V ---=--， …………………………………（8分） P DCE - 的高1h PA ==，底面DCE的面积1112S =⨯=，111133P DCE V V S h -∴====．PAB ABCD ⊥ 平面平面，又点F 是PB 的中点，E 是BC 的中点，F ABE ∴-的高1122h PA '==，底面AEB的面积2112S =⨯=，…………（10分）2111332F ABE V V S h -'∴====113P ABCD V -==，故多面体PAD EF 的体积为 P ABCD P DCE F ABE V V V V ---=--=． ……………………………（12分） 20．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）函数的定义域为(0)∞，+，2121()2x ax f x x a x x+-'=+-=≤0在[12]，上恒成立，令2()21h x x ax =+-，有(1)0(2)0h h ⎧⎨⎩≤，≤， 得172a a -⎧⎪⎨-⎪⎩≤，≤， 得72a ≤-. ……………………（6分）（Ⅱ） x ax x g ln )(-=((0])x e ∈，有最小值3，又11()ax g x a x x-'=-=． ①当0a ≤时，)(x g 在(0]e ，上单调递减，31)()(min =-==ae e g x g ，ea 4=（舍去）； ②当0a >时，令()0g x '>，解得1x a >，()g x ∴在1a ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭，上单调递增；令()0g x '<，解得1x a <，()g x ∴在10a ⎛⎫⎪⎝⎭，上单调递减． min 1()1ln 3g x g a a ⎛⎫∴==+= ⎪⎝⎭，2e a =，满足条件. …………………………………（10分）综上，2a e =时，使得当(0]x e ∈，时)(x g 有最小值3. ……………………………（12分）文科数学参考答案·第5页（共6页）21．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）设动圆C 的半径为r ，1C ：221(1)4x y ++=，2C ：2249(1)4x y -+=， 则由题意有1217||||22CC r CC r =+=-，， 124CC CC ∴+=，C ∴的轨迹是以12(10)(10)C C -，，，为焦点，24a =的椭圆，∴C 的轨迹方程为22143x y +=．…………………………………………………………（4分） （Ⅱ）设1122()()M x y N x y ，，，， 由221431x y y kx ⎧+=⎪⎨⎪=+⎩，， 消去y 并整理得22(34)880k x kx ++-=， ……………………………………………（6分） 22(8)32(34)0k k ∆=++> 恒成立，∴直线1y kx =+与椭圆恒有两个交点．又122834k x x k +=-+，121226()234y y k x x k ∴+=++=+， ………………………（8分） MN ∴中点P 的坐标为22433434k kk ⎛⎫- ⎪++⎝⎭，． 设MN 的垂直平分线l '的方程为118y x k ⎛⎫=-- ⎪⎝⎭，P 在l '上，22314134348k k k k ⎛⎫∴=--- ⎪++⎝⎭，即24830k k ++=，解得121322k k =-=-，，k ∴的取值为1322--，．………………………………………………………………（12分） 22．（本小题满分10分）【选修4—1：几何证明选讲】证明：（Ⅰ）如图2，PA 与圆相切于点A ，PAD DCA ∴∠=∠. ……………………………………（2分） AB CD ∥，DCA CAB ∴∠=∠，PAD CAB ∴∠=∠． ……………………………………（5分）（Ⅱ）PAD CAB DCA ∠=∠=∠ ，文科数学参考答案·第6页（共6页）AD BC ∴=，AD BC ∴=． ……………………………………………………………（6分） ABCD 是圆的内接四边形，∴PDA CBA ∠=∠，又PAD CAB ∠=∠ ，PDA ∴△∽CBA △，……………………………………………………………………（8分）AD PDAB BC=故， 2AD AB PD ∴=⋅．………………………………………………………………………（10分）23．（本小题满分10分）【选修4—4：坐标系与参数方程】 解：（Ⅰ）由π4ρθ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭得：cos sin ρθθ=+，两边同乘以ρ得：2cos sin ρρθρθ=+， ……………………………………………（3分） 220x y x y ∴+--=，即22111222x y ⎛⎫⎛⎫-+-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭． …………………………………（5分）（Ⅱ）将直线参数方程代入圆C 的方程得：2521200t t -+=， …………………（6分）12122145t t t t ∴+==，，…………………………………………………………………（8分）12||||MN t t ∴=-= ……………………………………………（10分） 24．（本小题满分10分）【选修4—5：不等式选讲】解：（Ⅰ）()21f x x x =+-＝23020132 1.x x x x x x -<⎧⎪-⎨⎪->⎩，，，≤≤，， ……………………………………（3分）当x ＜0时，由2−3x ≤8，得−2≤x ＜0； 当0≤x ≤1时，由2−x ≤8，得0≤x ≤1；当x ＞1时，由3x −2≤8，得1＜x ≤103．综上，不等式()8f x ≤的解集为1023⎡⎤-⎢⎥⎣⎦，． ………………………………………（5分）（Ⅱ）因为()2f x x x a =+-2302032a x x a x x a x a x a -<⎧⎪=-⎨⎪->⎩，，，≤≤，，，…………………………………（8分）可见()f x 在()a -∞，单调递减，在()a ∞，+单调递增，所以，当x a =时，()f x 取最小值a ， 所以a 的取值范围是[6)+∞，． ……………………………………………………（10分）。
云南师大附中2013届高三高考适应性月考卷(三)
云南师大附中2013届高三适应性月考卷（三）数学（理）试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．满分150分，考试用时120分钟， 参考公式：样本数据x 1,x 2，…，x n 的标准差 锥体体积公式s =v=13Sh 其中x 为样本平均数其中S 为底面面积，h 为高柱体体积公式球的表面积，体积公式 V=ShS=42R π, V=343R π其中S 为底面面积，h 为高其中R 为球的半径第Ⅰ卷（选择题，共60分）注意事项：1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚，并请认真填涂准考证号．2．每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号．在试题卷上作答无效．一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．设集合{}{}|,|5,,A x x k N B x x x Q ==∈=≤∈则A B 等于 （ ）A ． {1,2,5}B ．{l, 2，4, 5}C ．{1，4, 5}D ．{1，2，4}2．在复平面内，复数311i i+-对应的点位于（ ）A ．第四象限B ．第三象限C ．第二象限D ．第一象限3．一个几何体的三视图如图l 所示，其中正视图是一个正三角形，则该几何体（ ） 的体积为A ．1BCD ．34．下列函数中既不是奇函数也不是偶函数的是 （ ） A ．||2x y = B．1(y g x =C ．22x x y -=+D ．111y gx =+ 5．执行如图2所示的程序框图，则输出的x 值是（ ） A ．8 B ．6 C ．4 D ．36．已知条件2:340p x x --≤；条件22:690q x x m -+-≤ 若p 是q 的充分不必要条件，则m 的取值范围是（ ） A ．[]1,1- B ．[]4,4-C ．(][),44,-∞-+∞D ．(][),11,-∞-+∞7．如图3，直线y=2x 与抛物线y=3－x 2所围成的阴影部分的面积是 （ ） A ．353B．C．2D ．3238．对于函数11()(sin cos )|cos sin |22f x x x x x =+--，下列说法正确的是 （ ） A ．该函数的值域是[]1,1- B ．当且仅当22()2k x k k Z πππ<<+∈时，()0f x >C ．当且仅当2()2x k k Z ππ=+∈时，该函数取最大值1D ．该函数是以π为最小正周期的周期函数9．实数对（x ，y ）满足不等式组20,250,20,x y x y y --≤⎧⎪+-≥⎨⎪-≤⎩则目标函数z=kx －y 当且仅当x=3，y=1时取最大值，则k 的取值范围是（ ）A ．[)1,1,2⎛⎫-∞-+∞ ⎪⎝⎭B ．1,|2⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭C ．1.12⎛⎫- ⎪⎝⎭D ．(],1-∞-10．已知函数21,0,()1,0,x f x x x -≥⎧=⎨-<⎩则满足不等式2(3)(2)f x f x -<的x 的取值范围为（ ）A ．[)3,0-B ．（－3，0）C ．（－3，1）D ．（－311．若在曲线f （x ，y ）=0上两个不同点处的切线重合，则称这条切线为曲线f （x ，y ）=0的“自公切线”。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)历史答案
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）历史参考答案第Ⅰ卷（选择题，共48分）选择题（本大题共24小题，每小题2分，共48分）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12答案 A C B A D D D A D B B C题号13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24答案 A D A B D B A C C A A C 【解析】1．由题干中的“儒臣……不及武臣一人为害之大”可得出宋代重文轻武的政策，故选A。
2．由题干中的“政府的专制精神也许稍微差些；但是，今天的情况却正好相反”可得出“今天”的专制精神强化，故选C。
3．由题干中的“没有封国封爵，没有公侯伯子男”可知废除了分封制，从“尤其是儒家学者更是大惑不解……打碎他们的饭碗”得出儒家受到压制，故选B。
4．通过题干中“诛大姓皇甫氏，盗贼止息，号为善政”可得出地方大姓对地方治理的消极影响。
故选A。
5．由题干中的“其心诚恐客散而田荒”可得出。
6．由于自给自足的生产方式，农民都不敢怠倦，积极性提高。
7．通过题意可得出这一制度是均田制。
8．使用排除法可得出。
9．封建制和重农抑末是亚当·斯密《国富论》中表达的原因。
结合题意可得出。
10．明清时期的早期启蒙思想产生的根本原因是明中后期的资本主义萌芽，发展不充分，故先天不足，也提不出新的社会方案。
历史参考答案·第1页（共4页）11．此题关键要把握住“法家思想确有效用的同时，秦王朝也（从反面）体现了孟子的一个思想的正确——政府最终还是要依靠被统治者的默认”这句，而政府最终得到被统治者默认的前提就是施行“仁政”。
12．“重大的反动”是指明末清初具有反封建色彩的民主启蒙思想，也就是对传统儒家思想的批判继承。
13．只要抓住“公元前6~公元前3世纪”这个时间和“理性思维所创造的精神文化决定着其后诸民族的文化走向”就可得出。
14．乾隆时期徽班和秦腔结合，京剧产生。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)理科数学
10分
极坐标与参数方程
中
24
解答题
10分
不等式
中
命题
思想
达成
目标
优秀率
及格率
平均分
5%
60%
90～97
检查基本知识、基本解题方法、常规方法的掌握，重点体现数形结合、分类讨论、特值思想数学命题思想
一、每次考试在选择题及填空题侧重于所复习内容。
二、大题、包括选考题每次考试按照高考考点分布滚动命题，8次考试将所有知识点，考点覆盖，达到全程复习、全程备考的目的。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）·双向细目表
理科数学
题号
题型
分值
试题内容
难易程度
备注
1
选择题
5分
集合
易
2
选择题
5分
复数
易
3
选择题
5分
向量
易
4
选择题
5分
函数
易
5
选择题
5分
三角函数
中
6
选择题
命题与函数
中
8
选择题
5分
数列与函数
中
9
选择题
5分
三角函数
中
10
选择题
5分
定积分、几何概型
中
11
选择题
5分
圆锥曲线
难
12
选择题
5分
函数
难
13
填空题
5分
立体几何
易
14
填空题
5分
排列组合、概率
易
15
填空题
5分
函数
中
16
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)文科数学
圆锥曲线
难
12
选择题
5分
函数
难
13
填空题
5分
立体几何
易
14
填空题
5分
函数
易
15
填空题
5分
函数与不等式
中
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ16
填空题
5分
解三角形
中
17
解答题
12分
数列
易
18
解答题
12分
统计与概率
易
19
解答题
12分
立体几何
中
20
解答题
12分
导数
中
21
解答题
12分
圆锥曲线
难
22
解答题
10分
平面几何
中
23
解答题
10分
参数方程
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）·双向细目表
文科数学
题号
题型
分值
试题内容
难易程度
备注
1
选择题
5分
集合
易
2
选择题
5分
复数
易
3
选择题
5分
三角函数
易
4
选择题
5分
向量
易
5
选择题
5分
函数
易
6
选择题
5分
算法
中
7
选择题
5分
命题函数
中
8
选择题
5分
数列
中
9
选择题
5分
立体几何
中
10
选择题
5分
函数
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)政治答案
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）政治参考答案第Ⅰ卷（选择题，共48分）1．材料中的胶囊已经销售了，成为商品，②错误；胶囊已经用于交换了，排除④。
2．金银纪念币是货币，货币的本质是一般等价物，而价值符号是纸币，排除①，③正确。
纪念币可以直接流通购买商品，排除④。
纪念币发行多少是由国家规定的，②正确。
3．一种商品倍受青睐时，商品价格可能上涨（不是持续上涨），同时会促使生产商增加该商品的生产产量，导致商品供求的动态平衡。
4．①“根本”表述错误；④错误，电子货币未取代纸币。
5．货币成为社会财富的象征是因为货币的本质是一般等价物，可以和一切商品相交换，①④正确；②说法错误，是纸币，不是货币；③是金银成为货币的原因，与题意不符。
6．③④与中学生抢购无关。
7．工资属于支付手段，标价属于价值尺度。
8．待售商品数量为原来的110%，价格水平为原来的96%，货币平均流通次数为原来的4/5即80%，依公式，流通中实际需要货币量应为原来的110%×96%÷80%=132%，故流通中的货币量应增加32%。
9．通货紧缩的实质是社会总需求小于社会总供给，为化解通货紧缩要要刺激社会总需求。
10．居民收入增加，可支配收入增加，一般会引起价格上涨，①错误；纸币发行量增加一般引起币值贬值，从而会引起价格上涨，②错；购买量增加说明人们热衷某产品，会导致价格上涨，③正确；社会必要劳动时间与价格成正比，故④正确。
（陷阱：很多学生的思路是在正比与反比中各选择一个）11．属于容易题。
12．恩格尔系数=食品支出/消费总支出，本题中购买股票债券的20000元属于投资，不属于消费，不能加到总支出中。
20000÷（20000＋20000＋8000＋2000＋30000）=25%，故选B。
13．②与材料没有直接关系。
发挥基础作用的是市场，排除③。
14．①表述错误，生产决定消费。
材料没有涉及高科技，排除④。
15．社会主义经济只有公有制，排除①；按劳分配只存在于公有制经济中，排除④。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)文科综合答案
云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）文科综合参考答案第Ⅰ卷（选择题，共140分）选择题（本大题共35小题，每小题4分，共140分）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12答案 B A D C A B D B C D C C 题号13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24答案 B D A D B C D D A A B B 题号25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35答案 D C D B C C A B C C A【解析】1~2．由图可知，A、B、C、D分别为夏至日、春分日、冬至日和秋分日。
3~5．在伦敦奥运会期间，太阳直射点位于北半球，所以，伦敦的白昼最长，伦敦比昆明正午太阳高度角小；第5题，可由开幕式时间算出此时的0时经线。
6．可用直角三角形的关系大致算出甲乙两地的大约距离。
7．乙地经度比甲地偏东5°，时间要比甲地早20分钟，夏至日时，甲地由于纬度比乙地偏北，白昼长56分钟，所以，甲地比乙地日出早8分钟，日落迟48分钟。
8．由等高线的弯曲方向可判断出河流的流向。
10．由题意可知，BC段弧长的最大值为赤道周长的四分之一，此时，A点为北极圈和晨昏圈的切点。
11．因为D点为BC的中点，而B点为晨线和赤道的交点，地方时为6：00点，所以D点的地方时为8：30。
12．第一步：根据题目可知，A商品的价格由10元变动到16元，说明纸币贬值。
设贬值率为x，则10/（1−x）=16⇒10−16=−16x⇒x=6/16⇒x=0.375。
第二步：提高的是个别劳动生产率，所以价格不变，就是16元。
13．由图中5月至6月的K线图可知，1美元兑换人民币的数量在增加，说明人民币贬值，美元升值；人民币贬值有利于我国出口，不利于我国进口。
14．②是纸币而不是信用卡。
使用信用卡消费和使用现金消费一样，并不会减少现金流通量、缓解通货膨胀，故④错。
云南师大附中2013届高考适应性月考卷(一)文科综合
22
单选题
4分
公司
中
23
单选题
4分
股票
中
24
选择题
4分
宗法制
中
25
选择题
4分
郡县制
中
26
选择题
4分
小农经济中Fra bibliotek27选择题
4分
科举制
难
28
选择题
4分
专制主义中央集权制
难
29
选择题
4分
中国古代文学
易
30
选择题
4分
行省制
难
31
选择题
4分
中国古代经济
中
32
选择题
4分
明末清初的民主思想
易
33
选择题
4分
古代政治与思想的关系
达成
目标
地理：优秀率：10%；及格率：55%；平均分：55
政治：优秀率：10%；及格率：65%；平均分：65
历史：优秀率：5%；及格率：65%；平均分：62
地理：考虑到第一次文综考试学生较难把握时间，本次文综非选择题地理部分只有一题必考题（36题）。
政治：考查基础知识的掌握情况，主要是为经济生活一、二单元服务（单科与文综结合基本完全覆盖知识点），同时兼顾政治生活、文化生活、哲学生活（主观题分别有一题）。
历史：本套试题基于考查历史主干知识，材料解读、理解能力，尤其突出新材料与主干知识的对接。
单选题
4分
光照图
难
11
单选题
4分
时间计算
难
12
单选题
4分
价值量，货币
难
13
单选题
4分
云南省师大附中高考化学适应性试卷(一)(含解析)
2015年云南师大附中高考化学适应性试卷（一）一、选择题：本题共7小题．每小题6分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．下列各组物质的分类正确的是（）A．同位素：1H+、2H2、3HB．同种物质：2﹣甲基丙烷、异丁烷C．电解质：冰醋酸、水银、烧碱、氨水D．强酸：HCl、HClO、HClO3、HClO4A． A B． B C． C D． D3．木糖醇是一种新型的甜味剂，是一种理想的蔗糖代替品，它具有甜味适中，溶解性好，适合糖尿病患者等优点，结构简式为：CH2OH（CHOH）3CH2OH．下列有关木糖醇的叙述正确的是（）A．木糖醇与核糖（C3H10O3）互为同分异构体B．木糖醇与甘油（CH2OHCHOHCH2OH）互为同系物C．木糖醇可以与乙酸发生酯化反应D．木糖醇与葡萄一样是一种单糖4．下列反应中，氧化反应与还原反应在同一元素中进行的是（）A． 2FeC12+C12=2FeC13B． Fe+CuSO4=Cu+FeSO4C． C12+2NaOH=NaC1+NaC1O+H2O D． 2H2O2H2↑+O2↑5．下列各组离子，在指定的环境中能够大量共存的是（）选项指定环境能够共存的离子A 滴加酚酞显红色的溶液K+、S2﹣、SO42﹣、NO3﹣B 有HCO3﹣存在的溶液Na+、K+、C1﹣、A13+C pH=1的溶液中C1﹣、CO32﹣、NO3﹣、NH4+D 使石蕊变红的溶液中Fe2+、MnO4﹣、NO3﹣、SO42﹣A． A B． B C． C D． D6．YBa2Cu8O2（Y为元素钇）是磁悬浮列车中的重要超导材料，下列关于的说法不正确的是（）A．属于金属元素B．质子数与中子数之差为50C．原子的核外电子数是39D．Y和Y是两种不同的核素7．铁和氧化铁的混合物共x mol，加盐酸后固体全部溶解，共收集到y mol氢气，且向反应后的溶液中加入KSCN溶液不显红色，则原混合物中铁的物质的量为（）A．（x+y）mol B．（x﹣y）mol C．（x﹣y）mol D．（x+y）mol三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题-第32题为必考题，每道试题考生都必须作答．第33题-第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共11题，共129分．8．X、Y、Z、M、R、Q是短周期主族元素，部分信息如下表：X Y Z M R Q原子半径/nm 0.186 0.074 0.0990.143主要化合价﹣4，+4 ﹣2 ﹣1，+7 +3其他常温下该单质为黄色固体无机非金属材料的主角焰色反应呈黄色其氧化物可做耐火材料（1）Q在元素周期表中的位置是．（2）Y与R相比，非金属性较强的是（用元素符号表示），下列事实能证明这一结论的是（填字母序号）a．常温下Y的单质呈固态，R的单质呈气态b．稳定性：HR＞YH4c．Y与R形成的化的中Y呈正价（3）根据表中数据推测，Y的原子半径的最小范围是．（4）甲、乙是上述某些元素的最高价氧化物对应的水化物，且甲+乙→丙+水．若丙的水溶液呈碱性，则丙的化学式是．（5）已知单质X的燃烧热为296kJ/mo1，1mo1XM2（g）被氧化为1mo1XM3（g）的△H=﹣99kJ/mo1．写出由XM2生成XM3的热化学反应方程式，计算由X（s）生成3mo1XM3（g）的△H=．9．T℃下，某2L容器内A、M、N三种物质参与的某一化学反应：2A（g）⇌M（g）+2N（g）①其物质的量随反应时间的变化的曲线如图1，此反应0～5min反应物A的反应速率为则该反应在T℃的化学平衡常数为．②若为了寻找该反应的最佳条件，在反应过程中持续不断地升高温度，所得的M的体积分数如图2，则该反应的△H0（填“＞”或“＜”）．（2）氮的氢化物肼（N2H4）是航天火箭发射常用的燃料．①发射火箭时肼（N2H4）为燃料，二氧化氮作氧化剂，两者反应生成氮气和气态水．该反应的化学方程式为．②工业上可采用电化学的方法获得N2H4，装置如图3所示，则通入氨气的一极为．该电极反应式为．③将标准状况下112mL CO2通入100mL 0.1mo1/L的氨水中，所得溶液碱显碱性，则溶液中离子浓度由大到小的顺序为；该溶液中，c（HCO3﹣）+c（CO32﹣）+c（H2CO3）= （忽略溶液体积的变化）10．某研究性学习小组将一定浓度的Na2CO3溶液滴入CuSO4溶液中得到蓝色沉淀．甲同学认为沉淀可能是CuSO3；乙同学认为沉淀可能是Cu（OH）2；丙同学认为沉淀可能是CuCO3，和Cu （OH）2的混合物．[查阅资料知：CuSO3和Cu（OH）2均不带结晶水，受热均易分解，各生成对应的两种氧化物．Ⅰ．（1）乙同学的观点，你认为其原理是：．（用离子方程式表示）（2）在探究沉淀成分前，须将沉淀从溶液中过滤、洗涤、低温干燥，检验沉淀是否洗涤干净的方法是．Ⅱ．请用图16所示装置，选择必要的试剂，定性探究生成物的成分．（3）B装置中试剂的化学式是．（4）能证明生成物中有CuCO3的实验现象是．Ⅲ．若丙同学的观点正确，可利用图所示装置通过实验定量测定其组成．（5）各装置的连接顺序：．（6）装置C中碱石灰的作用是，实验开始和结束时都要通入过量的空气，请说明结束时通入过量空气的作用是．（7）若沉淀样品的质量为m克，装置B质量增加了n克，则沉淀中CuCO3的质量分数为．【化学-选修2：化学与技术】（共1小题，满分15分）11．工业上用固体硫酸亚铁制取颜料铁红（Fe2O3），反应原理是：2FeSO4Fe2O3+SO2↑+SO3↑．某研究性学习小组用下图所示装置检验该反应所产生的气态物质，然后用装置中A瓶内的混合物来测定已分解的FeSO4的质量．（SO2沸点为﹣10.02℃）请回答相关问题：（1）A瓶所盛试剂的作用是；B瓶所盛的试剂是；C瓶所盛试剂的作用是；（2）A瓶要用冷水冷却的原因是；（3）将此反应生成的气体通入A瓶BaCl2溶液中，则；（填编号）A．析出BaSO3沉淀 B．析出BaSO4沉淀 C．逸出SO3气体 D．逸出SO2气体理由是；（4）反应后若用A瓶内的混合物来测定已分解的FeSO4的质量，其实验操作的第一步是（简述操作步骤）．【化学-选修3：物质结构与性质】（共1小题，满分0分）1013•云南校级模拟）VA族的氮、磷、砷（As）等元素在化合物中常表现出多种氧化态．含VA族元素的化合物在研究和生回答下列问题：（1）磷单质的常见形式有白磷、红磷等，白磷的结构如图所示，键角为，P原子采用的轨道杂化方式是；根据所学知识，可以判断白磷属于晶体．（2）N2的结构式为，其中σ键与π键个数之比为．（3）As原子序数为，其核外价层电子的轨道表示式为．N、P、As 原子的第一电离能由大到小的顺序为．（4）NH3、PH3、AsH3熔、沸点由高到低的顺序为，原因是．（5）硝酸是一种具有强氧化性的一元强酸，NO离子的立体构型为，试写出一种与NO互为等电子体且属于非极性分子的微粒的化学式．【化学-选修5：有机化学基础】（共1小题，满分0分）1013•云南校级模拟）【化学﹣选修5：有机化学基础】有机物A的分子组成为C4H9Br，在核磁共振氢谱中显示3个峰，在一定条件下A发生如图所示的转化：已知：一定条件下，不对称烯烃与HBr加成反应时，Br加在含氢较少的碳原子上，如：（R为烃基）（1）A的结构简式为．（2）D的名称为，有机物A～H中互为同分异构体的是（填序号）（3）上述转化中属于取代反应的有（填序号），反应④的化学方程式为．（4）K中含有的官能团名称为．（5）L在浓硫酸作用下，可形成化合物M（C2H6O2），M不能使溴水褪色，M的结构简式为．（6）L在一定条件下可形成高分子化合物N，形成N的化学方程式为．2015年云南师大附中高考化学适应性试卷（一）参考答案与试题解析一、选择题：本题共7小题．每小题6分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．下列各组物质的分类正确的是（）A．同位素：1H+、2H2、3HB．同种物质：2﹣甲基丙烷、异丁烷C．电解质：冰醋酸、水银、烧碱、氨水D．强酸：HCl、HClO、HClO3、HClO4考点：同位素及其应用；电解质与非电解质；强电解质和弱电解质的概念．专题：物质的分类专题．分析：A、同位素是具有相同质子数不同中子数的一类原子；B、同种物质，分子式和结构均应相同；C、电解质是在水溶液或熔融状态下能导电的化合物；D、强酸指在水溶液中完全电离的酸．解答：解：A、根据同位素的概念，同位素是具有相同质子数不同中子数的一类原子，本题中2H2为分子，故A错误；B、2﹣甲基丙烷、异丁烷分子式和结构均相同，是习惯命名法和系统命名法两种方法对同种物质命名，故B正确；C、电解质是在水溶液或熔融状态下能导电的化合物，水银是单质，既不是电解质，也不是非电解质，氨水为混合物，氨水不是电解质，氨水中一水合氨为电解质，故C错误；D、次氯酸为弱酸，在溶液中部分电离，故D错误；故选B．点评：本题考查同位素、同种物质、电解质、强酸等概念，题目较为简单，学习中注意对概念的理解要准确．2．向四支试管中分别加入少量不同的无色溶液进行如下操作，结论正确的是（）操作现象结论A 滴加BaCl2溶液生成白色沉淀原溶液中有SO42﹣B 用洁净铂丝蘸取溶液进行焰色反应火焰呈黄色原溶液中有Na+无K+C 滴加氯水和CC14，振荡、静置下层溶液显紫色原溶液中有I﹣D 滴加几滴稀NaOH溶液，将湿润红色石蕊试纸置于试管口试纸不变蓝原溶液中无NH4+A． A B． B C． C D． D考点：常见离子的检验方法．专题：离子反应专题．分析：A、碳酸根离子、亚硫酸根离子、硫酸根离子、银离子等滴加BaCl2溶液，都成生成白色沉淀；B、检验钾离子时，要透过蓝色钴玻璃观察；C、氯水中的氯气和碘离子反应生成碘单质，四氯化碳把碘从水溶液中萃取出来而显紫色；D、滴加稀氢氧化钠溶液，加热，试纸不变蓝，说明原溶液中无铵根离子．解答：解：A、滴加氯化钡溶液，有白色沉淀生成，不能说明原溶液中有硫酸根离子，因为碳酸根离子、亚硫酸根离子、硫酸根离子、银离子等滴加氯化钡溶液，都成生成白色沉淀，故A错误；B、黄色火焰可以覆盖K+的浅紫色火焰，故检验K+需通过蓝色钴玻璃观察火焰，正确操作为：用洁净铂丝蘸取溶液进行焰色反应，火焰呈黄色，说明有钠离子，透过蓝色钴玻璃观察，火焰不呈紫色，说明原溶液中有钠离子、无钾离子，故B错误；C、氯水中的氯气和碘离子反应生成碘单质，四氯化碳把碘从水溶液中萃取出来四氯化碳密度比水大，下层溶液显紫色；所以滴加氯水和四氯化碳，下层溶液显紫色说明原溶液中有碘离子，故C正确；D、氨气极易溶于水，若溶液中含有少量的NH4+时，滴加稀NaOH溶液不会放出NH3，故D错误；故选C．点评：本题考查硫酸根离子、碘离子、钠离子、钾离子和铵根离子的检验，要掌握常见离子的检验方法，注意排除其它离子的干扰，题目难度中等．3．木糖醇是一种新型的甜味剂，是一种理想的蔗糖代替品，它具有甜味适中，溶解性好，适合糖尿病患者等优点，结构简式为：CH2OH（CHOH）3CH2OH．下列有关木糖醇的叙述正确的是（）A．木糖醇与核糖（C3H10O3）互为同分异构体B．木糖醇与甘油（CH2OHCHOHCH2OH）互为同系物C．木糖醇可以与乙酸发生酯化反应D．木糖醇与葡萄一样是一种单糖考点：有机物的结构和性质．分析：A．木糖醇的分子式为C5H12O5；B．二者官能团的数目不同；C．木糖醇中含有﹣OH；D．木糖醇属于醇，葡萄糖为多羟基醛．解答：解：A．木糖醇的分子式为C5H12O5，与核糖（C5H10O5）的分子式不同，故A错误；B．木糖醇中含有5个﹣OH，甘油中含有3个﹣OH，二者官能团的数目不同，则不互为同系物，故B错误；C．木糖醇中含有醇羟基，所以可以和乙酸发生酯化反应，故C正确；D．木糖醇属于醇，葡萄糖为多羟基醛，则木糖醇不属于糖，故D错误；点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，把握官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查醇的性质，易错选项是D．4．下列反应中，氧化反应与还原反应在同一元素中进行的是（）A． 2FeC12+C12=2FeC13B． Fe+CuSO4=Cu+FeSO4C． C12+2NaOH=NaC1+NaC1O+H2O D． 2H2O2H2↑+O2↑考点：氧化还原反应．分析：氧化反应与还原反应在同一元素间进行，则反应中只有一种元素的化合价变化，以此来解答．解答：解：A．反应中Cl、Fe元素的化合价变化，氧化反应与还原反应在不同元素之间进行，故A不选；B．反应中Fe、Cu元素的化合价变化，氧化反应与还原反应在不同元素之间进行，故B不选；C．反应中只有Cl元素的化合价变化，则氧化反应与还原反应在同一元素间进行，故C选；D．反应中H、O元素的化合价变化，氧化反应与还原反应在不同元素之间进行，故D不选；故选C．点评：本题考查氧化还原反应，把握反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意元素化合价的判断，题目难度不大．5．下列各组离子，在指定的环境中能够大量共存的是（）选项指定环境能够共存的离子A 滴加酚酞显红色的溶液K+、S2﹣、SO42﹣、NO3﹣B 有HCO3﹣存在的溶液Na+、K+、C1﹣、A13+C pH=1的溶液中C1﹣、CO32﹣、NO3﹣、NH4+D 使石蕊变红的溶液中Fe2+、MnO4﹣、NO3﹣、SO42﹣A． A B． B C． C D． D考点：离子共存问题．分析：A．滴加酚酞显红色的溶液显碱性，溶液中存在大量氢氧根离子，四种离子之间不反应，都不与氢氧根离子反应；B．碳酸氢根离子与铝离子发生双水解反应生成氢氧化铝沉淀和二氧化碳气体；C．pH=1的溶液为酸性溶液，溶液中存在大量氢离子，碳酸根离子与氢离子反应；D．使石蕊变红的溶液为酸性溶液，酸性溶液中亚铁离子与硝酸根离子、高锰酸根离子发生氧化还原反应．解答：解：A．滴加酚酞显红色的溶液显碱性，在碱性条件下，K+、S2﹣、SO42﹣、NO3﹣离子之间不反应，能够大量共存，故A正确；B．有HCO3﹣存在的溶液中，HCO3﹣能与Al3+相互促进水解生成氢氧化铝沉淀和气体，在溶液中不能大量共存，故B错误；C．pH=1的溶液中存在大量氢离子，H+与CO32﹣反应，在溶液中不能大量共存，故C错误；D．使石蕊变红的溶液显酸性，酸性溶液中Fe2+与NO3﹣、MnO4﹣发生氧化还原反应，在溶液中不能大量共存，故D错误；故选A．点评：本题考查离子的共存的判断，题目难度中等，明确常见离子的性质及离子之间发生的反应是解答的关系，并注意隐含信息的挖掘和利用，试题培养了学生灵活应用基础知识的能力．6．YBa2Cu8O2（Y为元素钇）是磁悬浮列车中的重要超导材料，下列关于的说法不正确的是（）A．属于金属元素B．质子数与中子数之差为50C．原子的核外电子数是39D．Y和Y是两种不同的核素考点：质量数与质子数、中子数之间的相互关系．分析：A．先根据构造原理判断元素在周期表中的位置，然后判断是否是金属元素；B．根据质子数、中子数、质量数之间的关系判断；C．根据原子的质子数与电子数的关系判断；D．具有一定数目质子和中子的原子称为核素．解答：解析：A、Y元素为39号元素，根据构造原理，核外电子排布式1S22S22P63S23P63d104S24P6 4d15S 2，字母前的数字表示电子层数，价电子是4d15S 2，价电子数之和=族序数，所以Y属第五周期第ⅢB族，该元素是副族元素，所以是金属元素，故A正确；B、质子数+中子数=质量数，质子数﹣中子数=质子数﹣（质量数﹣质子数）=39﹣（59﹣39）=19．故B错误；C、原子的核外电子数等于核内质子数，所以核外有39个电子，故C正确；D、3949Y和3950Y是中子数不同的同一元素，所以是不同的两种核素，故D正确．故选：B．点评：本题考查的是有关质子数、中子数、电子数之间的计算，以及同位素的定义，是小型综合题，属基础知识的考查，难度不大．7．铁和氧化铁的混合物共x mol，加盐酸后固体全部溶解，共收集到y mol氢气，且向反应后的溶液中加入KSCN溶液不显红色，则原混合物中铁的物质的量为（）A．（x+y）mol B．（x﹣y）mol C．（x﹣y）mol D．（x+y）mol考点：有关混合物反应的计算；铁的化学性质；铁的氧化物和氢氧化物．专题：压轴题；几种重要的金属及其化合物．分析：固体全部溶解，溶液加入KSCN溶液不显红色说明三价铁全被还原为Fe2+．根据生成氢气的物质的量计算与酸反应的铁的物质的量，其余的铁则和Fe2O3以等物质的量溶于盐酸生成FeCl2，即Fe+Fe2O3+6H+=3Fe2++3H2O．据此计算．解答：解：根据电子守恒：与H+反应生成H2的铁的物质的量等氢气的物质的量：n（Fe）=n （H2）=ymol；其余的铁则和Fe2O3以等物质的量溶于盐酸生成FeCl2，即Fe+Fe2O3+6H+=3Fe2++3H2O，参加该反应的铁的物质的量为（x﹣y）mol，故共含铁ymol+（x﹣y）mol=（x+y）mol．故选：A．点评：考查混合物定量计算，难度中等，清楚反应过程是解题关键，注意解题方法选择．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题-第32题为必考题，每道试题考生都必须作答．第33题-第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共11题，共129分．8．X、Y、Z、M、R、Q是短周期主族元素，部分信息如下表：X Y Z M R Q原子半径/nm 0.186 0.074 0.0990.143主要化合价﹣4，+4 ﹣2 ﹣1，+7 +3其他常温下该单质为黄色固体无机非金属材料的主角焰色反应呈黄色其氧化物可做耐火材料（1）Q在元素周期表中的位置是第三周期ⅢA族．（2）Y与R相比，非金属性较强的是Cl （用元素符号表示），下列事实能证明这一结论的是bc （填字母序号）a．常温下Y的单质呈固态，R的单质呈气态b．稳定性：HR＞YH4c．Y与R形成的化的中Y呈正价（3）根据表中数据推测，Y的原子半径的最小范围是0.099nm＜r（Si）＜0.143nm ．（4）甲、乙是上述某些元素的最高价氧化物对应的水化物，且甲+乙→丙+水．若丙的水溶液呈碱性，则丙的化学式是NaAlO2或Na2SiO3．（5）已知单质X的燃烧热为296kJ/mo1，1mo1XM2（g）被氧化为1mo1XM3（g）的△H=﹣99kJ/mo1．写出由XM2生成XM3的热化学反应方程式2SO2（g）+O2=2SO3（g）△H=﹣198kJ/mol ，计算由X （s）生成3mo1XM3（g）的△H=﹣1185kJ/mol ．考点：位置结构性质的相互关系应用．分析：X、Y、Z、M、R、Q是短周期主族元素，常温下X单质为黄色固体，则X为S元素；Y的化合价主要为﹣4，+4，是无机非金属材料的主角，则Y为Si元素；Z焰色反应呈黄色，则Z为Na元素；R的主要化合价为﹣1，+7，则R为Cl元素；Q主要化合价为+3价，原子半径Na＞Q＞Cl，则Q为Al元素；M的主要化合价为﹣2价，为第ⅥA族元素，原子半径M＜Cl，则M为O元素，据此解答．解答：解：X、Y、Z、M、R、Q是短周期主族元素，常温下X单质为黄色固体，则X为S元素；Y的化合价主要为﹣4，+4，是无机非金属材料的主角，则Y为Si元素；Z焰色反应呈黄色，则Z为Na元素；R的主要化合价为﹣1，+7，则R为Cl元素；Q主要化合价为+3价，原子半径Na＞Q＞Cl，则Q为Al元素；M的主要化合价为﹣2价，为第ⅥA族元素，原子半径M ＜Cl，则M为O元素．（1）Q为Al元素，在元素周期表中的位置是：第三周期ⅢA族，故答案为：第三周期ⅢA族；（2）Si与Cl同主族，随原子序数增大非金属性增强，故Cl元素非金属性更强，a．位置状态属于物理性质，不能比较非金属性强弱，故a错误；b．非金属性越强，氢化物越稳定性，故b正确；c．Y与R形成的化的中Y呈正价，说明R（Cl）对键合电子吸引力更强，硫元素非金属性强，故c正确，故答案为：Cl；bc；（3）同周期随原子序数增大，原子半径减小，电子层越多原子半径越大，Si的原子半径的最小范围是：0.099nm＜r（Si）＜0.143nm，故答案为：0.099nm＜r（Si）＜0.143nm；（4）甲、乙是上述某些元素的最高价氧化物对应的水化物，且甲+乙→丙+水，若丙的水溶液呈碱性，应是氢氧化铝与氢氧化钠反应生成偏铝酸钠与水，或硅酸与氢氧化钠反应生成硅酸钠与水，则丙的化学式是NaAlO2或Na2SiO3，故答案为：NaAlO2或Na2SiO3；（5）单质硫的燃烧热为296kJ•mol﹣1，则热化学方程式为：S（s）+O2=SO2（g）△H=﹣296kJ/mol，1mo1SO2（g）被氧化为1mo1SO3（g）的△H=﹣99kJ/mo1，则热化学方程式为：2SO2（g）+O2=2SO3（g）△H=﹣198kJ/mol，根据盖斯定律，可知S（s）生成3mo1SO3（g）的△H=（﹣296kJ/mol）×3+×（﹣198kJ/mo1）=﹣1185kJ/mol，故答案为：2SO2（g）+O2=2SO3（g）△H=﹣198kJ/mol；﹣1185kJ/mol．点评：本题考查结构性质位置关系应用、无机物推断、反应热有关计算等，推断元素是解题关键，是对学生综合能力的考查，难度中等．9．T℃下，某2L容器内A、M、N三种物质参与的某一化学反应：2A（g）⇌M（g）+2N（g）①其物质的量随反应时间的变化的曲线如图1，此反应0～5min反应物A的反应速率为0.2mol/（L•min）则该反应在T℃的化学平衡常数为0.5 ．②若为了寻找该反应的最佳条件，在反应过程中持续不断地升高温度，所得的M的体积分数如图2，则该反应的△H＜0（填“＞”或“＜”）．（2）氮的氢化物肼（N2H4）是航天火箭发射常用的燃料．①发射火箭时肼（N2H4）为燃料，二氧化氮作氧化剂，两者反应生成氮气和气态水．该反应的化学方程式为2N2H4+2NO23N2+4H2O ．②工业上可采用电化学的方法获得N2H4，装置如图3所示，则通入氨气的一极为负极．该电极反应式为2NH3﹣2e﹣+2OH﹣=N2H4+2H2O ．③将标准状况下112mL CO2通入100mL 0.1mo1/L的氨水中，所得溶液碱显碱性，则溶液中离子浓度由大到小的顺序为c（NH4+）＞c（CO32﹣）＞C（OH﹣）＞c（HCO3﹣）＞c（H+）；该溶液中，c（HCO3﹣）+c（CO32﹣）+c（H2CO3）= 0.05mol/L （忽略溶液体积的变化）考点：物质的量或浓度随时间的变化曲线；原电池和电解池的工作原理；化学平衡的影响因素．分析：（1）①根据v=计算出0～5min反应物A的反应速率；平衡常数与温度有关，根据5min时的数据可以计算出该反应的平衡常数；②根据图2可知，该可逆反应达到平衡状态后，升高温度M的含量减少，则说明平衡向着逆向移动，据此判断该反应的焓变；（2）①反应物为肼和二氧化氮，反应产物为氮气和水，根据化合价变化相等配平该反应；②负极发生氧化反应、正极发生还原反应，根据化合价变化判断通入氨气电极；氨气在碱性条件下失去电子生成肼，据此写出该电极反应式；③计算出二氧化碳、一水合氨的物质的量，判断溶质组成，然后结合盐的水解原理判断各离子浓度大小；根据物料守恒可知：c（HCO3﹣）+c（CO32﹣）+c（H2CO3）==0.05mol/L．解答：解：（1）①根据图1可知，5min时A的物质的量变化为：4mol﹣2mol=2mol，则0～5min反应物A的反应速率为：v（A）==0.2mol/（L•min）；平衡时M的浓度为：=0.5mol/L，A的浓度为：=1mol/L，根据反应2A（g）⇌M（g）+2N（g）可知，平衡时N的浓度为1mol/L，则该反应的平衡常数为：K==0.5，故答案为：0.2mol/（L•min）； 0.5；②从图2可知，升高温度后M的含量减少，说明化学平衡向着逆向移动，则逆向是吸热反应，所以正反应为放热反应，故△H＜0，故答案为：＜；（2）①发射火箭时肼（N2H4）为燃料，二氧化氮作氧化剂，两者反应生成氮气和气态水，肼中N元素的化合价为﹣2价，反应后变为0价，化合价升高2价，至少升高4价；二氧化氮中氮元素的化合价为+4价，反应后变为0价，化合价降低4价，则肼和二氧化氮的计量数相等，再结合质量守恒定律配平后的化学方程式为：2N2H4+2NO23N2+4H2O，故答案为：2N2H4+2NO23N2+4H2O；②氨气转化成N2H4，化合价从﹣3变为﹣2，化合价升高被氧化，则通入氨气的一极为负极；负极氨气失去电子，在碱性条件下生成N2H4，负极的是电极反应式为：2NH3﹣2e﹣+2OH﹣=N2H4+2H2O，故答案为：负极；2NH3﹣2e﹣+2OH﹣=N2H4+2H2O；③标准状况下112mL CO2的物质的量为：=0.005mol，100mL 0.1mo1/L的氨水中含有一水合氨的物质的量为0.01mol，二者恰好反应生成碳酸铵，溶液显示碱性，则c（OH﹣）＞c（H+），说明碳酸根离子的水解程度大于铵根离子，由于氢氧根来自水的电离和碳酸根离子的水解，则c（OH﹣）＞c（HCO3﹣）；由于水解程度减小，则c（NH4+）＞c（CO32﹣），溶液中离子浓度大小为：c（NH4+）＞c（CO32﹣）＞c（OH﹣）＞c（HCO3﹣）＞c（H+）；根据溶液中的物料守恒可知：c（HCO3﹣）+c（CO32﹣）+c（H2CO3）==0.05mol/L，故答案为：c（NH4+）＞c（CO32﹣）＞C（OH﹣）＞c（HCO3﹣）＞c（H+）；0.05mol/L．点评：本题考查了物质的量随时间变化的曲线，题目难度中等，涉及化学平衡及其计算、电解原理、原电池及应用、化学方程式的书写、离子浓度大小比较等知识，试题知识点较多、综合性较强，充分考查学生的分析、理解能力及灵活应用基础知识的能力．10．某研究性学习小组将一定浓度的Na2CO3溶液滴入CuSO4溶液中得到蓝色沉淀．甲同学认为沉淀可能是CuSO3；乙同学认为沉淀可能是Cu（OH）2；丙同学认为沉淀可能是CuCO3，和Cu （OH）2的混合物．[查阅资料知：CuSO3和Cu（OH）2均不带结晶水，受热均易分解，各生成对应的两种氧化物．Ⅰ．（1）乙同学的观点，你认为其原理是：CO32﹣+Cu2++H2O=Cu（OH）2↓+CO2↑．（用离子方程式表示）（2）在探究沉淀成分前，须将沉淀从溶液中过滤、洗涤、低温干燥，检验沉淀是否洗涤干净的方法是取最后一次洗涤液，滴加BaCl2溶液，无沉淀生成，说明已洗净．Ⅱ．请用图16所示装置，选择必要的试剂，定性探究生成物的成分．（3）B装置中试剂的化学式是CuSO4．（4）能证明生成物中有CuCO3的实验现象是装置C中澄清石灰水变浑浊．Ⅲ．若丙同学的观点正确，可利用图所示装置通过实验定量测定其组成．（5）各装置的连接顺序：C、A、B、D、E（或C、A、B、E、D）．（6）装置C中碱石灰的作用是吸收空气中的H2O蒸汽和CO2；，实验开始和结束时都要通入过量的空气，请说明结束时通入过量空气的作用是将装置中滞留的H2O蒸汽和CO2排出．（7）若沉淀样品的质量为m克，装置B质量增加了n克，则沉淀中CuCO3的质量分数为1﹣．考点：性质实验方案的设计．专题：实验设计题．分析：Ⅰ．（1）CO32﹣水解成碱性，Cu2+与OH‑结合生成Cu（OH）2；（2）沉淀会附着SO42﹣离子，取最后一次洗涤液，用BaCl2溶液检验是否含有SO42﹣；Ⅱ．（3）利用加热的方法检验，氢氧化铜和碳酸铜加热分解得到氧化铜、水和二氧化碳，若有氢氧化铜可用无水硫酸铜检验；（4）碳酸铜可用澄清的石灰水检验产生的二氧化碳，澄清石灰水变浑浊说明含有CuCO3；Ⅲ．（5）根据CuCO3和Cu（OH）2受热分解的产物和检验所产生的现象来连接装置；（6）碱石灰可以吸收水和二氧化碳，空气中的水以及二氧化碳会干扰试验结果应该将其排除掉；（7）装置B质量增加了n克，即生成水的质量是ng，根据原子守恒来回答．解答：解：Ⅰ．（1）乙同学认为沉淀可能是Cu（OH）2，原因是CO32﹣水解成碱性，Cu2+与OH‑结合生成Cu（OH）2，反应的离子方程式为：CO32﹣+Cu2++H2O=Cu（OH）2↓+CO2↑，故答案为：CO32﹣+Cu2++H2O=Cu（OH）2↓+CO2↑；（2）沉淀会附着SO42﹣离子，则检验沉淀是否洗涤干净的方法是：取最后一次洗涤液，滴加BaCl2溶液，无沉淀生成，说明已洗净，故答案为：取最后一次洗涤液，滴加BaCl2溶液，无沉淀生成，说明已洗净；Ⅱ．（3）装置B检验是否有水生成，可用无水硫酸铜检验，若无水硫酸铜变蓝色说明有水生成，验证沉淀中有氢氧化铜生成，否则沉淀中无氢氧化铜，故答案为：CuSO4；（4）用澄清的石灰水检验是否产生二氧化碳，装置C中澄清石灰水变浑浊，说明生成二氧化碳，即说明含有CuCO3，故答案为：装置C中澄清石灰水变浑浊；Ⅲ．（5）碱石灰可以吸收水和二氧化碳，空气中的水以及二氧化碳会干扰试验结果应该将其在实验之前排除掉，并在装置的最后放上碱石灰，防止空气中的水和二氧化碳来干扰试验结果，可以用浓硫酸来吸收水，用碱石灰来吸收二氧化碳，根据浓硫酸和碱石灰的增重量来确定生成水和二氧化碳的量，。
云南师大附中2013届高考适应性月考(一)理科综合能力化学试题及答案
云南师大附中2013届高考适应性月考（一）理科综合能力化学试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
满分300分，考试用时150分钟。
注意事项：1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚，并请认真填涂准考证号。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。
在试题卷上作答无效。
[来源:学_科_网Z_X_X_K]以下数据可供解题时参考。
可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 N—14 O—16 S—32 C1—35.5 Cu—64第Ⅰ卷（选择题，共126分）一、选择题：本题共13小题。
每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
7．下列各组物质的分类正确的是（）A．同位素：1H+、22H、3H B．同种物质：2－甲基丙烷、异丁烷C．电解质：冰醋酸、水银、烧碱、氨水D．强酸：HC1、HC1O、HC1O3、HC1O48．向四支试管中分别加入少量不同的无色溶液进行如下操作，结论正确的是（）操作现象结论[来源:学.科.网]A 滴加BaC12溶液生成白色沉淀原溶液中有24SO-B 滴加氨水和CC14，振荡、静置下层溶液显紫色原溶液中有I－C用洁净铂丝蘸取溶液进行焰色反应火焰呈黄色原溶液中有Na+，无K+D 滴加稀NaOH溶液，将湿润的红色石蕊试纸置于试管口试纸不变蓝原溶液中无4NH+9．木糖醇是一种新型的甜味剂，是一种理想的蔗糖代替品，它具有甜味适中，溶解性好，适合糖尿病患者等优点，结构简式为：CH2OH(CHOH)3CH2OH。
下列有关木糖醇的叙述正确的是（）A ．木糖醇与核糖(C 3H 10O 3)互为同分异构体B ．木糖醇与甘油(CH 2OHCOOHCH 2OH)互为同系物C ．木糖醇可以与乙酸发生酯化反应[来源:学科网ZXXK]D ．木糖醇与葡萄一样是一种单糖10．下列反应中，氧化反应与还原反应在同一元素中进行的是 （ ）[来源:学科网] A ．2FeC12+C12 2FeC13 B ．Fe+CuSO 4Cu+FeSO 4C ．C12+2NaOHNaC1+NaC1O+H 2OD ．2H 2O 电解2H 2↑+O 2↑11．下列各组离子，在指定的环境中能够大量共存的是（ ）选项 指定环境能够共存的离子A 滴加酚酞显红色的溶液 K +、S 2－、24SO -、3NO -B 有3HCO -存在的溶液 Na +、K +、C1－、A13+C pH=1的溶液中 C1－、23CO -、3NO -、4NH +D使石蕊变红的溶液中Fe 2+、4MnO -、3MO -、24SO -12．YBa 2Cu 8O 2（Y 为元素钇）是磁悬浮列车中的重要超导材料，下列关于的说法不正确的是（ ） A ．属于金属元素B ．质子数与中子数之差为50C ．原子的核外电子数是39D ．4939Y 和5039Y 是两种不同的核素13．铁和氧化铁的混合物共x mo1，加盐酸后固体全部溶解，共收集到y mo1氢气，且向反应后的溶液中加入KSCN 溶液不呈红色，则原混合物中铁的物质的量为（ ） A ．1()12x y mo + B ．()1x y mo -C ．1()12x y mo -D ．()1x y mo +第Ⅱ卷（非选择题，共174分）注意事项：第Ⅱ卷须用黑色墨水签字笔在答是卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
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化学参考答案·第1页（共6页）云南师大附中2013届高考适应性月考卷（一）化学参考答案第Ⅰ卷（选择题，共42分）选择题（本大题共21小题，每小题2分，共42分）【解析】1．A 项中酒精挥发是物理变化，而燃烧是化学变化；C 项中电灯发光、发热是物理变化；D项中Ca(OH)2在水中的溶解度随温度升高而降低， D 项不符合题意。
2．由H 和Cl 能组成氯化氢（属于酸、化合物、纯净物）；He 和Ne 组成的混合气体属于混合物；不同的同位素11H 和21H 能组成氢气（属于非金属单质）；不同的同位素23Na 和24Na 组成的金属钠（属于金属）；Na 和Cl 组成氯化钠（属于盐）；由Na 和O 、H 组成氢氧化钠（属于碱）；Na 和O 组成氧化钠（属于氧化物），故选D 。
3．乙酸根离子的结构式应为 ，CO 2分子为直线型分子，醛基的电子式为 。
4．乙酸酐（ ）就不是氧化物，故A 错；稀有气体形成的晶体中就不存在化学键，故B 错；P 4晶体为正四面体结构，但其键角为60°，故D 错。
5．酸、碱的元数是依据电离的H +数或OH －数划分的，分类考虑的是组成。
酸碱性强弱、挥发性、溶解性、两性、价态是指物质的性质。
6．A 中一个SO 2－4带2个单位的负电荷，1mol 中阴离子所带电荷为2n A ；B 中乙烯和环丙烷的最简式相同，28g 混合气体中含4n A 个氢原子，B 错误；Cl 2和NaOH 反应时发生自身氧化还原反应，C 正确；Fe 3+在水溶液中水解，D 错误。
7． B 和氧气均为气体，同温同压下其体积比等于物质的量之比，因消耗的O 2与生成的B 的物质化学参考答案·第2页（共6页）的量之比为1∶2，据此可设化学方程式为m A+a O 2=2a B ，由质量守恒定律可知1个B 分子中含有1个氧原子。
8．A 项，化合反应不一定是氧化还原反应，如NH 3+HCl =NH 4Cl ，该反应中无电子转移；B 项，分解反应不一定是氧化还原反应，如CaCO 3=====△CaO+CO 2↑，该反应中无电子转移；C 项，置换反应一定是氧化还原反应，一定发生电子转移；D 项，复分解反应都不是氧化还原反应，无电子转移。
9．①中H 2PO －4与PO 3－4不能大量共存，易反应生成HPO 2－4；③中溶液若为强酸性，则HCO －3、S 2O 2－3不共存，若为强碱性，则HCO －3、NH ＋4不共存；⑥中Al 3+与S 2－易发生双水解反应且在酸性溶液中NO －3可将S 2－、Fe 2+、I －氧化而不能大量共存。
10．Fe 3+可以氧化Cu 生成Cu 2+，A 项正确；Na 2O 2与H 2O 反应的离子方程式应为2Na 2O 2+2H 2O =4Na ++4OH －+O 2↑，B 项错误；氯气与水反应的离子方程式为Cl 2+H 2O =H ++Cl －+HClO ，C 项错误；不能用浓盐酸酸化的高锰酸钾溶液，因为高锰酸钾溶液也可氧化HCl 生成Cl 2，KMnO 4溶液褪色不能证明是H 2O 2的还原性所致，D 项错误。
11．根据能量守恒，拆开旧键所需的能量等于新键形成释放出的能量加吸收的能量（或减放出的能量）463kJ×4－121kJ×4＝496 kJ+2ΔH （H —H ），求出ΔH （H —H ）值为436kJ ，故答案为C 。
12．增加O 2的浓度，反应速率加快，A 项正确。
增大容器容积、移去部分SO 3，即减小浓度，而减小物质的浓度、降低温度均减小反应速率，B 、C 、D 项错误。
13．一般来说，化合反应、中和反应、铝热反应为放热反应，分解反应为吸热反应。
②、④中物质的制取反应都属于分解反应，都要吸收热量，故只能选C 。
14．pH ＝10时，c (H +)＝1×10－10 mol·L －1，c (OH －)＝1×10－4 mol·L －1。
2131242410mol L (NaOH)10mol L (H SO )(NaOH)(H SO )V V V V ----⋅⨯-⨯⨯+＝1×10－4 mol·L －1， 可得：24(H SO )9(NaOH)1V V =。
15．根据题给信息知锂水电池的总反应为：2Li+2H 2O =2LiOH+H 2↑，D 正确；在反应中氢元素的化合价降低，因此H 2O 作氧化剂，同时又起到溶剂的作用，A 正确；放电时正极反应为：2H 2O+2e －=2OH －+H 2↑，B 正确；正极周围聚集大量OH －，因此溶液中的阳离子Li +向正极移动，负极周围聚集大量Li +，因此溶液中的阴离子OH －向负极移动，C 错误。
16．硼酸作为一种弱酸，不会对皮肤有伤害，却能起到中和碱的作用；量筒作为一种度量工具，不管是从其使用的注意事项（不能用于配制溶液），还是从稀释浓硫酸时放热将影响量筒的准确度甚至发生炸裂的方面考虑D 都不可行；A 项中边洗边眨眼，其实眨眼的目的是把眼睛中的酸挤出、冲掉，再让纯水进入眼眶，使酸液不断被水冲稀、挤出。
17．A 中又引入了Cl －；B 中SO 2可被KMnO 4（H +）氧化为H 2SO 4而除去；C 中KNO 3的溶解度随温度的变化大，而NaCl的几乎不变，可以用结晶法提纯；D中的CH3COOH转化为高沸点的(CH3COO)2Ca，蒸馏可得到C2H5OH。
18．A项，乙烷与溴水不反应；B项，乙酸与NaOH发生中和反应，油脂发生皂化反应；C项，糖类、油脂、蛋白质都是人体重要的营养物质；D项，乙烯可被KMnO4氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，而环己烷不与KMnO4反应。
19．同素异形体是对单质而言。
同位素是同一元素的不同种原子。
20．A项中F的最高化合价为0价，O的最高化合价不是+6，与族序数不等；B项中六、七周期所含元素数均不是18种；D项中H不属于碱金属。
21．对于已建立化学平衡的可逆反应，增大反应物的量，化学平衡向正反应方向移动，使生成物的物质的量增大，但生成物的质量分数不一定增大；若增加反应物的浓度，该反应物的转化率降低，在新平衡时该物质的浓度变大；平衡右移一定是正反应速率大于逆反应速率，使用催化剂平衡不移动，故选②⑤。
第Ⅱ卷（非选择题，共58分）（一）必考题（共3小题，共43分）22．（每空2分，共14分）Ⅰ.（1）14HNO3+3Cu2O=6Cu(NO3)2+2NO↑+7H2O（2）酸性氧化性（3）使用了较浓的硝酸，产物中有部分二氧化氮生成Ⅱ.（1）Zn−2e−=Zn2+（2）4.48L 3.85×104 C【解析】本题考查氧化还原反应原理及其应用、有关量的计算。
Ⅰ. 要使还原过程NO3−+4H++3e−→NO+2H2O能够发生，需选择氧化剂为硝酸，Cu2O 为还原剂，所以（1）14HNO3+3Cu2O=6Cu(NO3)2+2NO↑+7H2O，硝酸部分被还原，部分生成盐和水，所以反应中硝酸体现酸性和氧化性。
Ⅱ. 根据氧化还原反应原理，锌片和银片浸入稀硫酸中组成原电池时，锌片发生氧化反应，所以锌片上发生的电极反应为Zn−2e−=Zn2+，原电池工作一段时间后，锌片与银片减少的质量等于生成氢气所消耗的锌的质量，设产生的氢气体积为x。
Zn+2H+=Zn2++H2↑65g 22.4L60g−47g=13g xx=13g×22.4L÷65g=4.48L，反应消耗的锌为：13g÷65g/mol=0.20mol，化学参考答案·第3页（共6页）化学参考答案·第4页（共6页）1mol Zn 变为Zn 2+时，转移2mol e −，则通过的电量为：0.20mol×2×6.02×1023mol −1×1.60×10－19C ＝3.85×104C 。
23.（15分）（1） 46.1kJ （2分）（2） ①<（1分） ②AD （2分） ③C （2分）（3） N 2+6H ++6e －=2NH 3（2分） （4） ①酸（2分） NH ＋4 + 2D 2O NH 3·HDO+D 3O +（2分） ②B （2分）【解析】（1）图示E 1−E 2为生成2mol NH 3的反应热，除以2即得，注意加“−”。
（2）①升温，化学平衡逆向移动，K 减小。
②恒容时，该平衡体系的密度始终保持不变；N 2、H 2、NH 3的浓度保持不变，但不一定符合1∶3∶2。
③反应热仍为Q 1必须从正反应开始且反应物的转化率相同，区别单纯的等效平衡。
（3）阳极应为H 2−2e −=2H +，综合总方程式可得阴极的电极反应式。
（4）①NH 4Cl 为弱碱强酸盐显酸性，模拟+4NH 水解得方程式。
②可以判断该混合溶液显碱性且弱碱有大量剩余，即可比较离子浓度。
24.（14分）（1）取一小段pH 试纸放于表面皿上，用洁净干燥的玻璃棒蘸取待测溶液点在pH 试纸中段，与比色卡对照，读出溶液的pH （2分）（2）223S O -+4Cl 2+5H 2O =224SO -+ 8Cl －+10H +， Ba 2+ +24SO -=BaSO 4↓（2分） （3）Na 2S 2O 3+H 2SO 4=Na 2SO 4+SO 2↑+S↓+H 2O （1分） 既有氧化性又有还原性（2分）（4） ①2（1分） ②甲、乙（2分） ③水浴加热（2分）④温度越高反应速率越快（2分）【解析】本题主要考查实验的基本操作、依据实验情境设计实验和解释实验现象。
（1）pH 的测定要特别强调干燥的玻璃棒。
（2）依据实验现象书写方程式是一种基本能力的考查，Cl 2是典型的强氧化剂，依据与Ba 2+生成白色沉淀，可以判断223S O -被氧化为24SO -，方程式合并写亦可给满分。
（3）此题方程式依据浑浊的出现可判断为S ，再依据S 的化合价可分析得出另一产物为SO 2，此过程发生了歧化反应。
（4）此问是简单的实验设计题型，在对比实验中保证单一变量是此类题的主要思路。
（二）选考题（3选1，共15分）25. 【化学——选修2：化学与技术】（15分）化学参考答案·第5页（共6页）（1）ⅠA （2分） （2）物理变化（2分） （3）NaCl （2分） 585（3分）（4）NaOH+SO 2=NaHSO 3，NaHSO 3+HCl =NaCl+H 2O+SO 2↑（各3分）【解析】（3）2NaCl+2H 2O =通电2NaOH+H 2↑+Cl 2↑，H 2+Cl 2=点燃2HCl ，由n (HCl)＝1000×106g×36.5%36.5g·mol－1＝10×106mol ， 可知m (NaCl)＝10×106 mol×58.5g·mol －1＝585×106g ＝585t 。