黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试物理试题(附答案)

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黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三第一次模拟考试理综生物试题及答案解析

黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三第一次模拟考试理综生物试题及答案解析

2022年哈三中第一次高考模拟考试理综生物试卷考生注意:1.本试卷分选择题和非选择题两部分。

满分300分,考试时间150分钟。

2.答题前,考生先将自己的姓名、考号在答题卡指定位置填写清楚并将条形码粘贴在指定区域。

3.考生作答时,请将答案答在答题卡上。

选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卷上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卷上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。

4.考试结束时,务必将答题卡交回。

第I卷选择题(共126分)一、选择题:本题共13小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,只有-项是符合题目要求的。

1.2022年2月6日凌晨,黑龙江省黑河市报告发现1名新冠肺炎无症状感染者。

为精准落实“外防输入、内防反弹”的防控策略,哈尔滨市疾病防控中心对广大市民作出相关提醒。

下列关于新冠病毒的说法正确的是()A.新冠病毒主要寄生在人体的肺部,进行有氧呼吸B.新冠病毒和人体细胞最主要的区别是有无细胞结构C.新冠病毒在生态系统的组成成分中属于分解者D.感染新冠病毒后,效应T细胞负责裂解靶细胞并清除新冠病毒2.模型是为达到某种目的而对认识对象的一种简化描述,下列叙述错误的是()A.建构种群S型增长模型属于数学模型B.拍摄洋葱鳞片叶表皮细胞的显微照片就是建构了物理模型C.模拟减数分裂过程中染色体数目及主要行为变化属于物理模型D.血糖平衡调节模型建立中应用物理模型和概念模型来描述过程3.下列关于基因、蛋白质和生物性状的叙述正确的是()A.基因通过复制、转录和翻译过程合成蛋白质B.所有生物的遗传物质都是DNAC.若基因突变未导致蛋白质改变,则该基因的遗传信息未变D.基因与基因、基因与基因产物、基因与环境之间存在相互作用4.线粒体外膜分布着由孔蛋白构成的通道,丙酮酸可以经此通道通过外膜进入膜间隙。

丙酮酸通过与H+协同运输(利用H+电化学梯度)的方式通过内膜进入线粒体基质,如图所示。

2023—2024学年黑龙江省哈尔滨市第三中学高一下学期期末考试物理试卷

2023—2024学年黑龙江省哈尔滨市第三中学高一下学期期末考试物理试卷

2023—2024学年黑龙江省哈尔滨市第三中学高一下学期期末考试物理试卷一、单选题(★) 1. 首先测出“万有引力恒量”的科学家是A.伽利略B.牛顿C.亚里士多德D.卡文迪许(★) 2. 某同学在练习投篮,篮球在空中的运动轨迹如图中虚线所示,篮球所受合力F的示意图可能正确的是()A.B.C.D.(★★) 3. 2024年6月2日,嫦娥六号成功着陆在月球背面南极-艾特肯盆地预选着陆区。

已知月球质量为地球质量的,月球半径为地球半径的,不考虑地球和月球的自转,嫦娥六号在月球表面受到月球引力与在地球表面受到地球引力的比值为()A.B.C.D.(★★) 4. 如图所示,a、b两点处分别固定有等量异种点电荷和,c是线段ab的中点,d是ac的中点,e是ab的垂直平分线上的一点,c、d、e点场强的大小关系为()A.B.C.D.(★★) 5. 某同学观察一平抛小球,发现当小球抛出0.15s后小球的速度与水平方向成37°角,落地时速度方向与水平方向成45°角,小球可看作质点,已知,,,下列说法正确的是()A.小球初速度的大小为4m/s B.小球落地时速度大小为4m/sC.小球抛出时距离地面的高度为0.2m D.小球落地的水平位移为2m(★★★) 6. 如图所示,用不可伸长的,长度为L的轻质细绳将质量为3 m的木块悬挂于O,木块静止。

质量为m的弹丸水平向右射入木块后未射出木块,第一颗弹丸的速度为,射入木块后二者共同上摆动的最大高度为h,当其第一次返回初始位置时,第二颗弹丸以水平速度又击中木块,且也未射出木块,使木块向右摆动且最大高度仍为h,木块和弹丸可视为质点,二者作用时间极短,空气阻力不计,则()A.第一颗弹丸打入木箱后瞬间,二者的速度为B.第二颗弹丸打入木箱后瞬间,细绳拉力的大小C.子弹与木箱共同上摆的最大高度h为D.两次弹丸入射的水平速度关系为二、多选题(★★) 7. 如图所示,两个质量相同的物体,沿着高度相同,倾角不同的两个光滑固定斜面的顶端,由静止自由下滑,则两物体在滑到底端的过程中()A.两物体所受合外力的冲量相同B.两物体所受合外力做功相同C.两物体动能的增加量相同D.两物体动量的变化量相同(★★) 8. 真空中相距为3 a的两个点电荷M、N,分别固定于x轴上和的两点上,在它们连线上各点电场强度E随x变化关系如图所示,以下判断正确的是()A.点电荷M、N一定为同种电荷B.点电荷M、N一定为异种电荷C.点电荷M、N电荷量的绝对值之比为D.点电荷M、N电荷量的绝对值之比为(★★) 9. 北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统,如图所示,卫星A是一颗地球静止轨道卫星,卫星B是一颗倾斜地球同步轨道卫星,卫星C是一颗中圆地球轨道卫星。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 含解析

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 含解析

哈三中2018-2019学年度下学期高一学年第一次验收考试数学试卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.在中,若,,,则A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:在中,由正弦定理可知,∴.考点:正弦定理的应用.2.在平行四边形中,下列结论错误的是A. B. C. D.【答案】C【解析】分析】画出图像,根据向量加法运算,对选项逐一分析判断,由此得出正确选项.【详解】画出图像如下图所示.对于A选项,大小相等方向相反,,结论正确.对于B选项,根据向量加法的平行四边形法则可知,,结论正确.对于C选项,由于,故结论错误.对于D选项,,大小相等方向相反,,结论正确.故选C.【点睛】本小题主要考查向量加法运算,考查平行四边形的几何性质,属于基础题.3.在中,根据下列条件解三角形,其中有两个解的是A. ,,B. ,,C. ,,D. ,,【答案】D【解析】【分析】根据全等三角形的判断方法,判断A,B两个选项有一个解.根据判断C选项有一个解.根据判断D选项有两个解.【详解】根据“有两个角两角相等,且有一边相等的两个三角形全等”可知A选项有一个解.根据“两边对应相等,且这两边的夹角相等,则这两个三角形全等”可知B选项有一个解.由于为锐角,且,故C选项有一个解.对于D选项,由于,所以D选项有两个解.故选B.【点睛】本小题主要考查解三角形过程中,三角形解得个数的判断,属于中档题.4.设是两个不共线向量,若则()A. 三点共线B. 三点共线C. 三点共线D. 三点共线【答案】A【解析】因为+==2,故三点共线.故答案为:A.5.已知向量与的夹角为120°,则()A. 5B. 4C. 3D. 1【答案】B【解析】即解得(舍去)故选B6.的三内角所对边的长分别为设向量,,若,则角的大小为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:因为两向量平行,所以等价于,整理为,所以,所以角考点:1.向量平行的坐标表示;2.余弦定理.7..已知与为互相垂直的单位向量,,且与的夹角为锐角,则实数的取值范围是()A. B.C. D.【答案】A【解析】由题意,得,,,根据向量数量积的计算公式,得,解得,又与不共线,则,所以正确答案为A,8.在中,点在边上,且,,则的值为A. B. C. D.【答案】C【解析】画出图像,利用向量减法的运算,表示出,由此求得的值,进而求得的值.【详解】依题意,故,故.故选C.【点睛】本小题主要考查向量减法运算,考查平面向量基本定理,属于基础题.9.在中,,则的形状是A. 直角三角形B. 锐角三角形C. 钝角三角形D. 不确定【答案】C【解析】【分析】利用正弦定理和二倍角公式,求得的值,由此判断角的大小,进而判断出角的大小,从而判断出三角形的形状.【详解】由正弦定理得,由于,故,,由于,故,故,所以三角形为钝角三角形.故选C.【点睛】本小题主要考查正弦定理,考查二倍角公式,考查三角形形状的判断,属于中档题.10.已知是平面内两个互相垂直的单位向量,若向量满足,则的最大值是A. B. C. D.【答案】A【分析】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,设出的坐标,代入,利用模的坐标表示出,进而求得的最大值.【详解】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,如下图所示,,设,则有得,化简得,故向量对应的点在以为圆心,半径为的圆上.由于圆过原点,故圆上的点到原点的距离的最大值为直径,也即的最大值为.故选A.【点睛】本小题主要考查平面向量的坐标运算,考查数形结合的数学思想方法,考查运算求解能力以及化归与转化的数学思想方法,属于中档题. 11.在中,已知,分别为所对边,则为A.B. 1C.或1D. 无法确定【答案】B 【解析】 【分析】将通分后,利用余弦定理化简,求得化简的结果.【详解】由余弦定理得.由通分得,故选B.【点睛】本小题主要考查余弦定理的运用,考查化归与转化的数学思想方法,属于中档题. 12.已知,为三角形所在平面上的一点,且点满足:,则点为三角形的A. 外心B. 垂心C. 重心D. 内心【答案】D【解析】【分析】在上分别取单位向量,记,则平分,用表示出,代入条件所给等式,用表示出,则可证明三点共线,即平分.同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.【详解】在,上分别取点使得,则,作菱形,则由所以为的平分线.因为,所以,所以,所以三点共线,即在的平分线上. .同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.,故选D.【点睛】本小题主要考查平面向量的加法运算,考查三点共线的证明,考查数形结合的数学思想方法,属于中档题.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知向量,,若,则_____________.【答案】【解析】【分析】先求得,然后利用两个向量垂直的坐标表示列方程,解方程求得的值.【详解】依题意,由于,所以,.【点睛】本小题主要考查平面向量坐标的加法运算,考查两个向量垂直的坐标表示,属于基础题. 14.在所在的平面内有一点,若,那么的面积与的面积之比是_____________. 【答案】 【解析】 【分析】利用向量加法和减法运算,证得是线段上,靠近点的四等分点,由此求得两个三角形面积的比值.【详解】依题意,所以,即,所以是线段上,靠近点的四等分点,故两个三角形面积的比等于. 【点睛】本小题主要考查平面向量加法和减法的运算,考查平面向量方向相反的表示,属于基础题. 15.在中,内角所对应的边分别为,若,,则的面积为_________.【答案】【解析】 分析:由,,利用余弦定理可得,结合三角形的面积公式进行求解即可.详解:因为,, 所以由余弦定理得:,即,因此的面积为,故答案为.点睛:本题主要考查余弦定理及特殊角的三角函数,属于简单题.对余弦定理一定要熟记两种形式:(1);(2),同时还要熟练掌握运用两种形式的条件.另外,在解与三角形、三角函数有关的问题时,还需要记住等特殊角的三角函数值,以便在解题中直接应用.16.在中,内角,,的对边分别为,,,为边上的高,给出以下结论:(1);(2);(3);(4).其中正确的序号是__________.【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】【分析】利用向量加法、减法和数量积的运算,结合余弦定理,对四个结论逐一分析,由此得出正确的序号.【详解】由于,故(1)正确.由于,故(2)正确.由于,且,故(3)正确.由于,故(4)正确.综上所述,正确的序号是(1)(2)(3)(4).【点睛】本小题主要考查平面向量加法、减法运算,考查平面向量数量积运算,考查两个向量垂直的表示,考查余弦定理,属于中档题.三、解答题:本大题共4小题,共40分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.在中,内角的对边分别为,,,已知.(1)求的值;(2)若,,求的面积.【答案】(1)2;(2)【解析】【分析】(1)通过将条件转化为,然后利用三角变换可得结果;(2)由(1)得,由余弦定理得,可解得,,从而解得三角形面积。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 含解析

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 含解析

哈三中2018-2019学年度下学期高一学年第一次验收考试数学试卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.在中,若,,,则A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:在中,由正弦定理可知,∴. 考点:正弦定理的应用.2.在平行四边形中,下列结论错误的是A. B. C. D.【答案】C【解析】分析】画出图像,根据向量加法运算,对选项逐一分析判断,由此得出正确选项.【详解】画出图像如下图所示.对于A 选项,大小相等方向相反,,结论正确.对于B选项,根据向量加法的平行四边形法则可知,,结论正确.对于C选项,由于,故结论错误.对于D 选项,,大小相等方向相反,,结论正确.故选C.【点睛】本小题主要考查向量加法运算,考查平行四边形的几何性质,属于基础题.3.在中,根据下列条件解三角形,其中有两个解的是A. ,,B. ,,C. ,,D. ,,【答案】D【解析】【分析】根据全等三角形的判断方法,判断A,B两个选项有一个解.根据判断C选项有一个解.根据判断D选项有两个解.【详解】根据“有两个角两角相等,且有一边相等的两个三角形全等”可知A选项有一个解.根据“两边对应相等,且这两边的夹角相等,则这两个三角形全等”可知B选项有一个解.由于为锐角,且,故C选项有一个解.对于D选项,由于,所以D选项有两个解.故选B. 【点睛】本小题主要考查解三角形过程中,三角形解得个数的判断,属于中档题.4.设是两个不共线向量,若则()A. 三点共线B. 三点共线C. 三点共线D. 三点共线【答案】A【解析】因为+==2,故三点共线.故答案为:A.5.已知向量与的夹角为120°,则()A. 5B. 4C. 3D. 1【答案】B【解析】即解得(舍去)故选B6.的三内角所对边的长分别为设向量,,若,则角的大小为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:因为两向量平行,所以等价于,整理为,所以,所以角考点:1.向量平行的坐标表示;2.余弦定理.7..已知与为互相垂直的单位向量,,且与的夹角为锐角,则实数的取值范围是()A. B.C. D.【答案】A【解析】由题意,得,,,根据向量数量积的计算公式,得,解得,又与不共线,则,所以正确答案为A,8.在中,点在边上,且,,则的值为A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】画出图像,利用向量减法的运算,表示出,由此求得的值,进而求得的值.【详解】依题意,故,故.故选C.【点睛】本小题主要考查向量减法运算,考查平面向量基本定理,属于基础题.9.在中,,则的形状是A. 直角三角形B. 锐角三角形C. 钝角三角形D. 不确定【答案】C【解析】【分析】利用正弦定理和二倍角公式,求得的值,由此判断角的大小,进而判断出角的大小,从而判断出三角形的形状.【详解】由正弦定理得,由于,故,,由于,故,故,所以三角形为钝角三角形.故选C.【点睛】本小题主要考查正弦定理,考查二倍角公式,考查三角形形状的判断,属于中档题.10.已知是平面内两个互相垂直的单位向量,若向量满足,则的最大值是A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,设出的坐标,代入,利用模的坐标表示出,进而求得的最大值.【详解】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,如下图所示,,设,则有得,化简得,故向量对应的点在以为圆心,半径为的圆上.由于圆过原点,故圆上的点到原点的距离的最大值为直径,也即的最大值为.故选A.【点睛】本小题主要考查平面向量的坐标运算,考查数形结合的数学思想方法,考查运算求解能力以及化归与转化的数学思想方法,属于中档题.11.在中,已知,分别为所对边,则为A. B. 1 C. 或1 D. 无法确定【答案】B【解析】【分析】将通分后,利用余弦定理化简,求得化简的结果.【详解】由余弦定理得.由通分得,故选B.【点睛】本小题主要考查余弦定理的运用,考查化归与转化的数学思想方法,属于中档题.12.已知,为三角形所在平面上的一点,且点满足:,则点为三角形的A. 外心B. 垂心C. 重心D. 内心【答案】D【解析】【分析】在上分别取单位向量,记,则平分,用表示出,代入条件所给等式,用表示出,则可证明三点共线,即平分.同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.【详解】在,上分别取点使得,则,作菱形,则由所以为的平分线.因为,所以,所以,所以三点共线,即在的平分线上. .同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.,故选D.【点睛】本小题主要考查平面向量的加法运算,考查三点共线的证明,考查数形结合的数学思想方法,属于中档题.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知向量,,若,则_____________.【答案】【解析】【分析】先求得,然后利用两个向量垂直的坐标表示列方程,解方程求得的值.【详解】依题意,由于,所以,.【点睛】本小题主要考查平面向量坐标的加法运算,考查两个向量垂直的坐标表示,属于基础题.14.在所在的平面内有一点,若,那么的面积与的面积之比是_____________.【答案】【解析】【分析】利用向量加法和减法运算,证得是线段上,靠近点的四等分点,由此求得两个三角形面积的比值.【详解】依题意,所以,即,所以是线段上,靠近点的四等分点,故两个三角形面积的比等于.【点睛】本小题主要考查平面向量加法和减法的运算,考查平面向量方向相反的表示,属于基础题.15.在中,内角所对应的边分别为,若,,则的面积为_________.【答案】【解析】分析:由,,利用余弦定理可得,结合三角形的面积公式进行求解即可. 详解:因为,,所以由余弦定理得:,即,因此的面积为,故答案为.点睛:本题主要考查余弦定理及特殊角的三角函数,属于简单题.对余弦定理一定要熟记两种形式:(1);(2),同时还要熟练掌握运用两种形式的条件.另外,在解与三角形、三角函数有关的问题时,还需要记住等特殊角的三角函数值,以便在解题中直接应用.16.在中,内角,,的对边分别为,,,为边上的高,给出以下结论:(1);(2);(3);(4).其中正确的序号是__________.【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】【分析】利用向量加法、减法和数量积的运算,结合余弦定理,对四个结论逐一分析,由此得出正确的序号.【详解】由于,故(1)正确.由于,故(2)正确.由于,且,故(3)正确.由于,故(4)正确.综上所述,正确的序号是(1)(2)(3)(4).【点睛】本小题主要考查平面向量加法、减法运算,考查平面向量数量积运算,考查两个向量垂直的表示,考查余弦定理,属于中档题.三、解答题:本大题共4小题,共40分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.在中,内角的对边分别为,,,已知.(1)求的值;(2)若,,求的面积.【答案】(1)2;(2)【解析】【分析】(1)通过将条件转化为,然后利用三角变换可得结果;(2)由(1)得,由余弦定理得,可解得,,从而解得三角形的面积。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试英语试题(附答案)

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试英语试题(附答案)

哈三中2018-2019学年度下学期高一第一次阶段性测试英语试卷本套试卷满分125分,限时90分钟第一部分听力(共20小题,满分20分)做题时,先将答案标在试卷上。

录音内容结束后,你将有两分钟的时间将试卷上的答案转涂到答题卡上。

第一节:共5小题;每小题1分,满分5分。

听下面5段对话。

每段对话后有一个小题,从题中给出的A、B、C三个选项中选出最佳选项,并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后,你都有10秒钟的时间回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1. Which programme is the man going to watch first?A. A movie.B. A soccer game.C. The evening news.2. Where are the speakers probably?A. In a hotel.B. In a restaurant.C. At the man’s house.3. How does the woman feel?A. Worried.B. Satisfied.C. Happy.4. What does the man think of the TV programmes?A. Most are OK.B. Some are bad.C. Most are terrible.5. Which channel does the woman want to watch?A. Channel 2.B. Channel 4.C. Channel 9.第二节:共15小题;每小题1分,满分15分。

听下面5 段对话或独白。

每段对话或独白后有几个小题,从题中所给的A, B, C三个选项中选出最佳选项,并标在试卷的相应位置。

听每段对话或独白前,你将有时间阅读各个小题,每小题5秒钟;听完后,各小题将给出5秒钟的作答时间。

每段对话或独白读两遍。

听第6段材料,回答第6至8题。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 Word版含解析

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 Word版含解析

哈三中2018-2019学年度下学期高一学年第一次验收考试数学试卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.在中,若,,,则A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:在中,由正弦定理可知,∴.考点:正弦定理的应用.2.在平行四边形中,下列结论错误的是A. B. C. D.【答案】C【解析】分析】画出图像,根据向量加法运算,对选项逐一分析判断,由此得出正确选项.【详解】画出图像如下图所示.对于A选项,大小相等方向相反,,结论正确.对于B选项,根据向量加法的平行四边形法则可知,,结论正确.对于C选项,由于,故结论错误.对于D选项,,大小相等方向相反,,结论正确.故选C.【点睛】本小题主要考查向量加法运算,考查平行四边形的几何性质,属于基础题.3.在中,根据下列条件解三角形,其中有两个解的是A. ,,B. ,,C. ,,D. ,,【答案】D【解析】【分析】根据全等三角形的判断方法,判断A,B两个选项有一个解.根据判断C选项有一个解.根据判断D选项有两个解.【详解】根据“有两个角两角相等,且有一边相等的两个三角形全等”可知A选项有一个解.根据“两边对应相等,且这两边的夹角相等,则这两个三角形全等”可知B选项有一个解.由于为锐角,且,故C选项有一个解.对于D选项,由于,所以D选项有两个解.故选B.【点睛】本小题主要考查解三角形过程中,三角形解得个数的判断,属于中档题.4.设是两个不共线向量,若则()A. 三点共线B. 三点共线C. 三点共线D. 三点共线【答案】A【解析】因为+==2,故三点共线.故答案为:A.5.已知向量与的夹角为120°,则()A. 5B. 4C. 3D. 1【答案】B【解析】即解得(舍去)故选B6.的三内角所对边的长分别为设向量,,若,则角的大小为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:因为两向量平行,所以等价于,整理为,所以,所以角考点:1.向量平行的坐标表示;2.余弦定理.7..已知与为互相垂直的单位向量,,且与的夹角为锐角,则实数的取值范围是()A. B.C. D.【答案】A【解析】由题意,得,,,根据向量数量积的计算公式,得,解得,又与不共线,则,所以正确答案为A,8.在中,点在边上,且,,则的值为A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】画出图像,利用向量减法的运算,表示出,由此求得的值,进而求得的值.【详解】依题意,故,故.故选C.【点睛】本小题主要考查向量减法运算,考查平面向量基本定理,属于基础题.9.在中,,则的形状是A. 直角三角形B. 锐角三角形C. 钝角三角形D. 不确定【答案】C【解析】【分析】利用正弦定理和二倍角公式,求得的值,由此判断角的大小,进而判断出角的大小,从而判断出三角形的形状.【详解】由正弦定理得,由于,故,,由于,故,故,所以三角形为钝角三角形.故选C.【点睛】本小题主要考查正弦定理,考查二倍角公式,考查三角形形状的判断,属于中档题.10.已知是平面内两个互相垂直的单位向量,若向量满足,则的最大值是A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,设出的坐标,代入,利用模的坐标表示出,进而求得的最大值.【详解】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,如下图所示,,设,则有得,化简得,故向量对应的点在以为圆心,半径为的圆上.由于圆过原点,故圆上的点到原点的距离的最大值为直径,也即的最大值为.故选A.【点睛】本小题主要考查平面向量的坐标运算,考查数形结合的数学思想方法,考查运算求解能力以及化归与转化的数学思想方法,属于中档题.11.在中,已知,分别为所对边,则为A. B. 1 C. 或1 D. 无法确定【答案】B【解析】【分析】将通分后,利用余弦定理化简,求得化简的结果.【详解】由余弦定理得.由通分得,故选B.【点睛】本小题主要考查余弦定理的运用,考查化归与转化的数学思想方法,属于中档题.12.已知,为三角形所在平面上的一点,且点满足:,则点为三角形的A. 外心B. 垂心C. 重心D. 内心【答案】D【解析】【分析】在上分别取单位向量,记,则平分,用表示出,代入条件所给等式,用表示出,则可证明三点共线,即平分.同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.【详解】在,上分别取点使得,则,作菱形,则由所以为的平分线.因为,所以,所以,所以三点共线,即在的平分线上. .同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.,故选D.【点睛】本小题主要考查平面向量的加法运算,考查三点共线的证明,考查数形结合的数学思想方法,属于中档题.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知向量,,若,则_____________.【答案】【解析】【分析】先求得,然后利用两个向量垂直的坐标表示列方程,解方程求得的值.【详解】依题意,由于,所以,.【点睛】本小题主要考查平面向量坐标加法运算,考查两个向量垂直的坐标表示,属于基础题.14.在所在的平面内有一点,若,那么的面积与的面积之比是_____________.【答案】【解析】【分析】利用向量加法和减法运算,证得是线段上,靠近点的四等分点,由此求得两个三角形面积的比值.【详解】依题意,所以,即,所以是线段上,靠近点的四等分点,故两个三角形面积的比等于.【点睛】本小题主要考查平面向量加法和减法的运算,考查平面向量方向相反的表示,属于基础题.15.在中,内角所对应的边分别为,若,,则的面积为_________.【答案】【解析】分析:由,,利用余弦定理可得,结合三角形的面积公式进行求解即可.详解:因为,,所以由余弦定理得:,即,因此的面积为,故答案为.点睛:本题主要考查余弦定理及特殊角的三角函数,属于简单题.对余弦定理一定要熟记两种形式:(1);(2),同时还要熟练掌握运用两种形式的条件.另外,在解与三角形、三角函数有关的问题时,还需要记住等特殊角的三角函数值,以便在解题中直接应用.16.在中,内角,,的对边分别为,,,为边上的高,给出以下结论:(1);(2);(3);(4).其中正确的序号是__________.【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】【分析】利用向量加法、减法和数量积的运算,结合余弦定理,对四个结论逐一分析,由此得出正确的序号.【详解】由于,故(1)正确.由于,故(2)正确.由于,且,故(3)正确.由于,故(4)正确.综上所述,正确的序号是(1)(2)(3)(4).【点睛】本小题主要考查平面向量加法、减法运算,考查平面向量数量积运算,考查两个向量垂直的表示,考查余弦定理,属于中档题.三、解答题:本大题共4小题,共40分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.在中,内角的对边分别为,,,已知.(1)求的值;(2)若,,求的面积.【答案】(1)2;(2)【解析】【分析】(1)通过将条件转化为,然后利用三角变换可得结果;(2)由(1)得,由余弦定理得,可解得,,从而解得三角形面积。

黑龙江省哈尔滨市第三中学校2018-2019学年高一下学期期中考试历史试题含答案

黑龙江省哈尔滨市第三中学校2018-2019学年高一下学期期中考试历史试题含答案

哈三中2018—2019学年度下学期高一学年第一学段历史考试试卷第一部分选择题(共70分)一、单项选择题(本大题共35小题,每题2分,共70分。

)[国际部和校本部共同作答]1.先秦时期,古代中国的农耕方式经历了从“刀耕火种”到“铁犁牛耕”的转变。

中国传统农业的主要耕作方式是A.石器锄耕B.刀耕火种 C.铁犁牛耕 D.机械化耕种2.据史书记载,“评进之则箭下,入土也深;退之则箭上,入土也浅……江东之田器尽于是”。

这一农具是指唐代发明的3.《史记·河渠书》载:“蜀守冰凿离碓(堆),避沫水之害,穿二江成都之中。

此渠皆可行舟,有余则用灌浸,百姓享其利。

”该材料记载的水利工程是A.都江堰B.郑国渠 C.灵渠 D.坎儿井4.春秋战国时期,是我国原始农业向传统农业转型的重要时期。

下图是有关中国古代农业生产方式示意图,推断空缺方框①、②中最可能填写的是A.铁犁牛耕家庭农业 B.采集经济封建农业C.集体劳作自然经济 D.集体劳作铁犁牛耕5.下列关于中国古代土地制度的叙述,正确的是A.井田制是一种土地公有制,土地属于全体国民所有B.战国时期的变法确立了土地私有制C.自耕农土地所有制是封建土地私有制的主要形式D.均田制所体现的是一种土地国有,自唐代开始实行6.明末思想家顾炎武在《吴中纪事》中指出:“富民有田而贫者多佃之,秋收之后,所得各居其半。

”这反映了当时农村经济中的哪一经营方式A.村社式经营 B.田庄式经营 C.自耕农式经营 D.租佃式经营7.汉代董仲舒、王莽等人对商鞅“废井田,开阡陌”的土地变革极为不满;宋代王安石、朱熹等人主张“复古井田制,田尽归官”;近代孙中山曾多次给予井田制高度的评价。

这些主张的共同目的是A.保护田庄经济 B.发展商品经济 C.维护封建统治 D.限制土地兼并8.明末,某地出现了收蚕、烘煮、缫丝、制丝、织绸、浆染等家庭作坊几百家,并有“桑植满田日,户户皆养蚕;步步闻机声,家家织绸缎”的民谣。

黑龙江省哈尔滨市第三中学校2018-2019学年高一下学期期中考试物理试题(含答案)

黑龙江省哈尔滨市第三中学校2018-2019学年高一下学期期中考试物理试题(含答案)

哈三中2018-2019学年度下学期高一学年第一学段物理考试试卷一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分。

在每小题给出的四个选项中,1~7小题只有一个选项正确,8~12小题有多个选项正确。

全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的不得分。

)1.下列符合物理学史实的是A.第谷通过长时间的观测,最后总结出行星运动的三大定律B.开普勒在前人的基础上研究发现万有引力定律C.卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量D.海王星是人们经过长期的太空观测而发现的2.关于地球同步卫星,下面说法中正确的是A.它们运行的周期可能不同B.它们的运行速度都小于km/s,且大小都相等C.它们的向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等D.同步卫星的轨道可通过哈尔滨的上空3.如图所示,在半径为的半圆形碗的光滑表面上,一个质量为的小球以角速度在水平面内绕过球心的竖直轴作匀速圆周运动,该平面距碗底的距离为A.B.C.D.4.木星的半径约为m。

伽利略用望远镜发现了木星的四颗卫星,其中木卫三离木星表面的高度约为m,它绕木星做匀速圆周运动的周期约为s,已知N·m2/kg2,则木星的质量约为A.kg B.kg C.kg D.kg5.如图所示,质量分布均匀的实心球,其质量为,半径为。

现在将它的左侧挖去一个半径为的球体,则挖去后它对离球体表面距离处的质量为的质点的引力与挖去前对质点的引力之比为A.B.C.D.6.光滑半球放在竖直面光滑的墙角,并用手推着保持静止。

现在与墙壁之间放入光滑球,放手让和由静止开始运动,当运动到图示位置时,二者球心的连线与水平面成角,速度大小分别为和,则以下关系正确的是A.B.C.D.7.一个飞镖爱好者站在距墙面水平距离为的位置水平投掷飞镖,若想让飞镖打到墙面上的速度最小,初速度应满足(已知重力加速度为,飞镖的运动可看作平抛运动,抛出点距地面足够高)A.B.C.D.8.对于功和能的理解以下说法正确的是A.因为功有正有负,所以功是矢量B.能量发生转化一定有力做功C.摩擦力既可以对物体做正功,也可以对物体做负功D.人步行上楼,楼梯对人的支持力对人做正功9.如图所示,细杆的一端与小球相连,可绕过点的水平轴自由转动,细杆长m,小球质量为kg。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三毕业班上学期第一次验收考试物理试题及答案

黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三毕业班上学期第一次验收考试物理试题及答案

绝密★启用前黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三毕业班上学期第一次验收考试物理试题一、选择题:(本题共14小题.在每小题给出的四个选项中:1-8题只有一个选项正确,每题3分;9-14题有多个选项正确,每题4分,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)1.科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用.下列说法不符合历史事实的是()A.亚里士多德认为,必须有力作用在物体上,物体的运动状态才会改变B.伽利略通过“理想实验”得出结论:一旦物体具有某一速度,如果它不受力,它将以这一速度永远运动下去C.笛卡儿指出:如果运动中的物体没有受到力的作用,它将继续以同一速度沿同一直线运动,既不停下来也不偏离原来的方向D.牛顿认为,物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质2. 2021年8月2日,中国队选手刘洋获得东京奥林匹克金牌,吊环项目中有一个高难度的动作,体操运动员先用双手撑住吊环(设开始时两绳间距与肩同宽),然后身体下移,双臂缓慢张开到如图所示位置.若吊环的两根绳的拉力T 大小相等,则在两手之间的距离缓慢增大的过程中,拉力T及其合力J F的大小变化情况为()-TT ∏-φ十A. T增大,F不变B. T增大,F增大C. T增大,J F减小D. T减小,J F不变3. 2021年8月6日,东京奥林匹克女子标枪决赛,中国田径队在奥运会上迎来了重大突破,刘诗颖以66. 34米的个人赛季最好成绩成功夺冠,如图所示.假设 3次投掷,标枪的出手位置和离开手时的速度大小相等、方向略有不同.如标枪 在空中仅受重力作用且可看成质点.下列说法正确的是( )A.三次投掷,标枪的水平位移都相等B.三次投掷,标枪的运动时间都相等C.如忽略刘诗颖投掷标枪时出手点离地高度,当投掷方向与水平方向等于37度 角时水平位移最大D.如忽略刘诗颖投掷标枪时出手点离地高度,当投掷方向与水平方向等于45度 角时水平位移最大4.如图所示,小球A 被轻质弹簧和细线连接,轻质弹簧另一端固定在左侧竖直墙 上,轻质弹簧与竖直方向的夹角为60。

黑龙江省哈尔滨市第三中学校2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题

黑龙江省哈尔滨市第三中学校2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题

黑龙江省哈尔滨市第三中学校2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题一、单选题1.在巴黎奥运会15m 攀岩速度赛中,我国选手伍鹏以4秒77夺得银牌。

甲图中脚离开装置1开始计时,乙图中手触碰到装置2计时结束,若运动员身高约180cm ,下列说法正确的是( )A .4秒77表示时刻B .伍鹏手的位移是15mC .可以估算伍鹏运动的平均速度大小D .可以求出伍鹏到达顶端时的瞬时速度大小2.匀变速直线运动是( )A .速度随时间均匀变化的运动B .速度随位移均匀变化的运动C .位移随时间均匀变化的运动D .加速度随时间均匀变化的运动 3.根据给出的速度和加速度的正负,对下列运动性质的判断正确的是( ) A .v 0>0,a <0,物体做加速运动B .v 0<0,a <0,物体做减速运动C .v 0<0,a >0,物体做减速运动D .v 0>0,a >0,物体做减速运动4.给滑块一初速度020m/s v ,使它沿光滑斜面向上做匀减速运动,加速度大小为25m /s ,当滑块速度大小变为02v 时,所用时间可能是(物体沿斜面向上运动和向下运动时加速度不变)( )A .1sB .3sC .4sD .6s 5.在一次救灾活动中,一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动,刚运动了9s ,由于前方突然有巨石滚下,堵在路中央,所以又紧急刹车,匀减速运动经3s 停在巨石前。

则关于汽车的运动情况,下列说法正确的是( )A .加速和减速中的加速度大小之比12:a a =3:1B .加速和减速中的平均速度大小之比12:v v =3:1C .加速和减速中的位移大小之比12:x x =3:1D .加速中和全过程的平均速度大小之比12:v v =1:36.现在随着“动车”、“高铁”的发展使得城市间距离拉近了很多,从哈尔滨到北京“高铁”只需要约5个小时。

有一旅客在站台上候车线处候车,若“高铁”一节车厢长为L ,进站时可以看做匀减速直线运动,他发现第6节车厢经过他用时为T ,停下时旅客刚好在8号车厢门口(车厢门口可近似看成在两节车厢连接处),如图所示。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2022-2023学年度上学期高一学年第二次阶段性考试物理试卷

黑龙江省哈尔滨市第三中学2022-2023学年度上学期高一学年第二次阶段性考试物理试卷

哈三中2022—2023学年度上学期高一学年第二次阶段性考试物理试卷一、单选题(每题4分,共32分)1.下列说法正确的是()A .当物体做单向直线运动时位移和路程就是相同的物理量B .任何物体任何时候都可以看成质点,质点是理想化模型C .加速度∆=∆v a t 和速度x v t∆=∆都是采用比值法定义的D .运动员跑完800m 比赛,指的是位移大小为800m2.在神舟十四号载人飞船内,航天员刘洋轻推了核心舱墙壁后向后退去,此时()A .刘洋先对墙有作用力,墙后对刘洋有作用力B .刘洋对墙的作用力大于墙对刘洋的作用力C .刘洋对墙的作用力和墙对刘洋的作用力为一对平衡力D .刘洋对墙的作用力大小等于墙对刘洋的作用力3.如图所示,某建筑工人在楼顶通过滑轮与轻绳释放一重物,人缓缓前进,重物缓缓下降,不计滑轮的阻力,在人前进的过程中,下列说法正确的是()A .轻绳的拉力逐渐减小B .滑轮受到的力逐渐减小C .地面对人的支持力逐渐减小D .地面对人的摩擦力逐渐增大4.如图所示,一个质量为m 的物块静止于倾角为θ的斜面上,物块与斜面间的动摩擦因数为μ,此时对物块施加一个水平向左且平行于斜面底端的力F ,且F 从零缓缓增大直至物块沿斜面刚好运动,滑动摩擦力等于最大静摩擦力,重力加速度大小为g ,下列说法正确的是()A .由于F 变大,所以水平方向的合力变大B .摩擦力的方向一直在变化,但大小始终不变C .F 的最大值一定大于mgsinθD .F 的最大值一定小于μmgcosθ5.劲度系数不同的两个轻质弹簧a 、b 如图所示悬挂了质量为m 1和m 2两块橡皮泥,整个装置保持静止时,弹簧a 的长度与弹簧b 的长度相等。

则()A.弹簧a 的原长比弹簧b 原长短B.在m 1上取∆m 粘在m 2处,弹簧a 长度不变C.在m 1上取∆m 粘在m 2处,弹簧a 和弹簧b 的总长不变D.在m 2上取∆m 粘在m 1处,弹簧a 长度变长6.如图所示,固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ,在斜杆下端固定有质量为m 的小球,重力加速度为g ,下列关于杆对球的作用力F 的判断中,正确的是()A .小车静止时,cos F mg θ=,方向沿杆向上方B .小车静止时,sin θ=F mg ,向垂直杆向上C .小车向左以加速度a 加速运动时,则sin maF θ=D .小车向右以加速度a 加速运动时,则F =7.哈三中的小明同学想测量自己蓝牙耳机的无线连接的最远距离,小明同学携带手机,小新同学佩戴无线蓝牙耳机进行检测实验。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 含解析

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题 含解析

哈三中2018-2019学年度下学期高一学年第一次验收考试数学试卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.在中,若,,,则A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:在中,由正弦定理可知,∴. 考点:正弦定理的应用.2.在平行四边形中,下列结论错误的是A. B. C. D.【答案】C【解析】分析】画出图像,根据向量加法运算,对选项逐一分析判断,由此得出正确选项.【详解】画出图像如下图所示.对于A 选项,大小相等方向相反,,结论正确.对于B 选项,根据向量加法的平行四边形法则可知,,结论正确.对于C选项,由于,故结论错误.对于D 选项,,大小相等方向相反,,结论正确.故选C.【点睛】本小题主要考查向量加法运算,考查平行四边形的几何性质,属于基础题.3.在中,根据下列条件解三角形,其中有两个解的是A. ,,B. ,,C. ,,D. ,,【答案】D【解析】【分析】根据全等三角形的判断方法,判断A,B两个选项有一个解.根据判断C选项有一个解.根据判断D选项有两个解.【详解】根据“有两个角两角相等,且有一边相等的两个三角形全等”可知A选项有一个解.根据“两边对应相等,且这两边的夹角相等,则这两个三角形全等”可知B选项有一个解.由于为锐角,且,故C选项有一个解.对于D选项,由于,所以D选项有两个解.故选B. 【点睛】本小题主要考查解三角形过程中,三角形解得个数的判断,属于中档题.4.设是两个不共线向量,若则()A. 三点共线B. 三点共线C. 三点共线D. 三点共线【答案】A【解析】因为+==2,故三点共线.故答案为:A.5.已知向量与的夹角为120°,则()A. 5B. 4C. 3D. 1【答案】B【解析】即解得(舍去)故选B6.的三内角所对边的长分别为设向量,,若,则角的大小为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:因为两向量平行,所以等价于,整理为,所以,所以角考点:1.向量平行的坐标表示;2.余弦定理.7..已知与为互相垂直的单位向量,,且与的夹角为锐角,则实数的取值范围是()A. B.C. D.【答案】A【解析】由题意,得,,,根据向量数量积的计算公式,得,解得,又与不共线,则,所以正确答案为A,8.在中,点在边上,且,,则的值为A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】画出图像,利用向量减法的运算,表示出,由此求得的值,进而求得的值.【详解】依题意,故,故.故选C.【点睛】本小题主要考查向量减法运算,考查平面向量基本定理,属于基础题.9.在中,,则的形状是A. 直角三角形B. 锐角三角形C. 钝角三角形D. 不确定【答案】C【解析】【分析】利用正弦定理和二倍角公式,求得的值,由此判断角的大小,进而判断出角的大小,从而判断出三角形的形状.【详解】由正弦定理得,由于,故,,由于,故,故,所以三角形为钝角三角形.故选C.【点睛】本小题主要考查正弦定理,考查二倍角公式,考查三角形形状的判断,属于中档题.10.已知是平面内两个互相垂直的单位向量,若向量满足,则的最大值是A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,设出的坐标,代入,利用模的坐标表示出,进而求得的最大值.【详解】以分别为轴正方向建立平面直角坐标系,如下图所示,,设,则有得,化简得,故向量对应的点在以为圆心,半径为的圆上.由于圆过原点,故圆上的点到原点的距离的最大值为直径,也即的最大值为.故选A.【点睛】本小题主要考查平面向量的坐标运算,考查数形结合的数学思想方法,考查运算求解能力以及化归与转化的数学思想方法,属于中档题.11.在中,已知,分别为所对边,则为A. B. 1 C. 或1 D. 无法确定【答案】B【解析】【分析】将通分后,利用余弦定理化简,求得化简的结果.【详解】由余弦定理得.由通分得,故选B.【点睛】本小题主要考查余弦定理的运用,考查化归与转化的数学思想方法,属于中档题.12.已知,为三角形所在平面上的一点,且点满足:,则点为三角形的A. 外心B. 垂心C. 重心D. 内心【答案】D【解析】【分析】在上分别取单位向量,记,则平分,用表示出,代入条件所给等式,用表示出,则可证明三点共线,即平分.同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.【详解】在,上分别取点使得,则,作菱形,则由所以为的平分线.因为,所以,所以,所以三点共线,即在的平分线上. .同理证得在其它两角的平分线上,由此求得是三角形的内心.,故选D.【点睛】本小题主要考查平面向量的加法运算,考查三点共线的证明,考查数形结合的数学思想方法,属于中档题.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知向量,,若,则_____________.【答案】【解析】【分析】先求得,然后利用两个向量垂直的坐标表示列方程,解方程求得的值.【详解】依题意,由于,所以,.【点睛】本小题主要考查平面向量坐标的加法运算,考查两个向量垂直的坐标表示,属于基础题.14.在所在的平面内有一点,若,那么的面积与的面积之比是_____________.【答案】【解析】【分析】利用向量加法和减法运算,证得是线段上,靠近点的四等分点,由此求得两个三角形面积的比值.【详解】依题意,所以,即,所以是线段上,靠近点的四等分点,故两个三角形面积的比等于.【点睛】本小题主要考查平面向量加法和减法的运算,考查平面向量方向相反的表示,属于基础题.15.在中,内角所对应的边分别为,若,,则的面积为_________.【答案】【解析】分析:由,,利用余弦定理可得,结合三角形的面积公式进行求解即可. 详解:因为,,所以由余弦定理得:,即,因此的面积为,故答案为.点睛:本题主要考查余弦定理及特殊角的三角函数,属于简单题.对余弦定理一定要熟记两种形式:(1);(2),同时还要熟练掌握运用两种形式的条件.另外,在解与三角形、三角函数有关的问题时,还需要记住等特殊角的三角函数值,以便在解题中直接应用.16.在中,内角,,的对边分别为,,,为边上的高,给出以下结论:(1);(2);(3);(4).其中正确的序号是__________.【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】【分析】利用向量加法、减法和数量积的运算,结合余弦定理,对四个结论逐一分析,由此得出正确的序号.【详解】由于,故(1)正确.由于,故(2)正确.由于,且,故(3)正确.由于,故(4)正确.综上所述,正确的序号是(1)(2)(3)(4).【点睛】本小题主要考查平面向量加法、减法运算,考查平面向量数量积运算,考查两个向量垂直的表示,考查余弦定理,属于中档题.三、解答题:本大题共4小题,共40分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.在中,内角的对边分别为,,,已知.(1)求的值;(2)若,,求的面积.【答案】(1)2;(2)【解析】【分析】(1)通过将条件转化为,然后利用三角变换可得结果;(2)由(1)得,由余弦定理得,可解得,,从而解得三角形的面积。

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题(解析版)

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高一下学期第一次阶段性测试数学试题(解析版)

13.已知向量

,若
,则 _____________.
【答案】
【解析】
【分析】
先求得
,然后利用两个向量垂直的坐标表示列方程,解方程求得 的值.
【详解】依题意
,由于
,所以

.
【点睛】本小题主要考查平面向量坐标的 加法运算,考查两个向量垂直的坐标表示,属于基础题.
14.在 所在的平面内有一点 ,若 _____________.
判断 D 选项有两个解.
【详解】根据“有两个角两角相等,且有一边相等的两个三角形全等”可知 A 选项有一个解.根据“两边
对应相等,且这两边的夹角相等,则这两个三角形全等”可知 B 选项有一个解.由于 为锐角,且 ,故
C 选项有一个解.对于 D 选项,由于
,所以 D 选项有两个解.故选 B.
【点睛】本小题主要考查解三角形过程中,三角形解得个数的判断,属于中档题.
11.在 A.
中,已知
【答案】B
, B. 1
分别为
所对边,则
C.
或1
为 D. 无法确定
【解析】 【分析】

通分后,利用余弦定理化简,求得化简的结果.
【详解】由余弦定理得
.由
通分得
,故选 B. 【点睛】本小题主要考查余弦定理的运用,考查化归与转化的数学思想方法,属于中档题.
12.已知 , 为三角形所在平面上的一点,且点 满足:


,根据向量数量积的
计算公式,得
,解得 ,又 与 不共线,则
,所以正确答案为 A,
8.在 中,点 在 边上,且

,则 的值为
A.
B.
C.
【答案】C

黑龙江省哈尔滨市第三中学20182019学年高二物理下学期第一次阶段性测试试题.doc

黑龙江省哈尔滨市第三中学20182019学年高二物理下学期第一次阶段性测试试题.doc

黑龙江省哈尔滨市第三中学2018-2019学年高二物理下学期第一次阶段性测试试题(时间:60分钟,满分:100分)一、选择题(本题共14小题,68分。

在每小题给出的四个选项中,第1~8题中有一项符合题目要求,选对的得4分,选错的得0分;第9~14题中题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.信用卡的磁条中有一个个连续的相反极性的磁化区,每个磁化区代表了二进制数1或0,用以储存信息。

刷卡时,磁条以某一速度拉过读卡器,读卡器检测头内的线圈中会产生变化的电压(如图1所示)。

当信用卡磁条按图2所示方向以该速度拉过检测头时,线圈中产生的电压随时间的变化关系正确的是:2.理想变压器的副线圈匝数为200匝,输出电压为10V,则铁芯内磁通量变化率的最大值为:A.0.07Wb/s B.5Wb/s C.7.05Wb/s D.14.1Wb/s 3.法拉第研制成的世界上第一台发电机的原理图如图所示.将铜盘放在匀强磁场中,让磁感线垂直穿过铜盘,a、b为导线,逆时针转动铜盘,就可以使灯泡亮起.则下列说法正确的是:A.回路中电流大小恒定,方向会发生变化B.回路中电流方向不变,且从b导线流进灯泡,再从a流向旋转的铜盘C .回路中有大小和方向作周期性变化的电流D .若垂直穿过铜盘的磁场的磁感应强度按正弦规律变化,不转动铜盘,灯泡中也会有电流4.如图,理想变压器的匝数比n 1 :n 2:n 3=4:2:1,线圈Ⅱ接两只标有“6 W ,6 V”的灯泡且正常发光。

线圈Ⅲ接四只额定功率为3W 的灯泡且正常发光,则阻值为3的电阻R l 的实际功率为A .3WB .6WC .12WD .24W5. 如图a 所示,一矩形线圈abcd 放置在匀强磁场中,并绕过ab 、cd 中点的轴OO ′以角速度ω逆时针匀速转动。

若以线圈平面与磁场夹角45θ︒=时(如图b )为计时起点,并规定当电流自a 沿ab 边流向b 时为正。

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哈三中2018-2019学年度下学期高一第一次阶段性测试
物理试卷
一、选择题(本题共10小题;每小题6分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,第1~6题只有一项符合题目要求,第7~10题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分,选不全的得3分,有选错或不答的得0分。


1.关于曲线运动,下列说法中正确的是:
A .物体所受合外力是变力
B .物体在恒力作用下不可能做曲线运动
C .物体所受合外力方向与加速度方向不在同一直线上
D .物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上
2.关于平抛运动的叙述,下列说法正确的是:
A .平抛运动是一种在变力作用下的曲线运动
B .平抛运动的速度是时刻变化的
C .平抛运动的速度方向与加速度方向的夹角保持不变
D .平抛运动的速度方向与加速度方向的夹角一定越来越大
3.如图所示,小球以v 0正对倾角为θ的斜面水平抛出,重力加速度为g ,若小球到达斜面的位移最小,则飞行时间t 为:
A .t =v 0tan θ
B .g v t θtan 20=
C .θtan 0g v t =
D .θ
tan 20g v t = 4.如图所示,甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动,相互之间不打滑,其半径分别为r 1、r 2、r 3。

若甲轮的角速
度为ω1,则丙轮的角速度为:
A .r 1ω1r 3
B .r 3ω1r 1
C .
r 3ω1
r 2 D .r 1ω1r 2 5.一个半径为R 的半圆柱体沿水平方向向右以速度V 0匀速运动。

在半圆柱体上搁
置一根竖直杆,此杆只能沿竖直方向运动,如图所示。

当杆与半圆柱体接触点与
柱心的连线与竖直方向的夹角为θ,则竖直杆运动的速度为:
A. B. C. D.
6.有甲、乙两只船(可视为质点),它们在静水中航行速度分别为v1和v2,现在两船从同一渡口向对岸开去,已知甲船用最短时间渡河,乙船用最短航程渡河,结果两船抵达对岸的地点恰好相同,则甲、乙两船渡河所用时间之比为:
A. B. C. D.
7.下列关于匀速圆周运动的说法中,正确的是:
A.线速度恒定 B.角速度恒定
C.加速度恒定 D.周期恒定
8.如图所示,一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面。

圆锥筒固定不动,有两个质量相等的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动,则以下说法中正确的是:
A.A球的线速度大于B球的线速度
B.A球的角速度等于 B球的角速度
C.A球的运动周期小于B球的运动周期
D.A球对筒壁的压力等于B球对筒壁的压力
9.如图所示,两个倾角分别为30°、45°的光滑斜面放在同一水平面上,两斜面间距大于小球直径,斜面高度相等,斜面宽度足够长。

有三个完全相同的小球a、b、c,开始均静止于同一高度处,其中b小球在两斜面之间,a、c两小球在斜面顶端。

若同时无初速度释放a、b、c小球,到达该水平面的时间分别为t1、t2、 t3;若同时沿水平方向抛出,初速度方向如图中箭头所示,到达水平面的时间分别为t1′、t2′、t3′。

下列关于时间的关系正确的是:
A.t1>t2> t3 B. t1′> t3′> t2′
C.t1< t1′、t2= t2′、t3< t3′ D. t1=t1′、t2= t2′、t3= t3′
10.如图所示,两个质量均为m的小物块a和b (可视为质点),静止在倾斜的匀质圆盘上,圆盘可绕垂直于盘面的固定轴转动,a到转轴的距离为L,b到转轴的距离为2L,物块与盘面间的动摩擦因数为,盘面与水平面的夹角为30°。

设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度大小为g,若a、b随圆盘以角速度ω匀速转动,下列说法正确的是:
A.a在最高点时所受摩擦力不可能为0
B.a在最低点时所受摩擦力不可能为0
C .a 、b 均不发生滑动圆盘角速度的最大值为L
g 8=ω D .a 、b 均不发生滑动圆盘角速度的最大值为L g 4=
ω 二、实验题(共10分)
11.如图1是“研究平抛物体运动”的实验装置图,某同学通过描点来研究平抛小球的运动轨迹。

(1)为了能较准确地描绘运动轨迹,下面列出了一些操作要求,正确的是______
A .调节斜槽使其末端保持水平
B .斜槽轨道必须光滑
C .每次必须在同一位置由静止开始释放小球
D .每次释放小球时的位置越高,实验效果越好
(2)某同学通过正确操作实验后在带有坐标格的白纸上记录了抛物线轨迹经过的a,b,c,d 四个点,但该同学仅记录下铅垂线的方向未记录平抛运动的起点便取下了白纸,他取铅垂线方向为Y 轴方向,与Y 轴垂直的方向为X 轴方向建立了如图所示的坐标系,坐标纸中每小格为边长为1cm 的正方形,则可判断出该平抛运动的起点坐标为( , )。

(仅填写坐标值即可)
三、计算题(本题共2小题,共30分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不给分.有数字计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)
12.如图所示,长L =0.5m 轻质细线下端悬挂一个质量m =1.0kg 的小球,细线上端固定在天花板上的O 点。

将小球拉离竖直位置后给小球一个初速度,使小球在水平面内做匀速圆周运动,若测得细线与竖直方向的夹角θ=37°。

g 取10m/s 2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。

求:①绳对球的拉力T 多大;
②小球做圆周运动的线速度v 是多大;
③小球做圆周运动的频率f 。

O X/cm
Y/cm
10 5 10
13.一根轻杆长为L=1m,两端各固定一个质量为m=1kg的小球A和B,在AB中点O有一光滑转轴,杆绕轴O 在竖直平面内转动,轻杆转到如图所示的竖直位置时测得v A=2m/s,(g取10m/s2)求此时:
①B球的向心加速度的大小;
②A球对杆施加的作用力和杆对O点的作用力;
③若在此位置两小球同时从杆端脱离做平抛运动,在何时两小球间距d=3m。

(两小球均未落地)
2018-2019学年度下学期高一第一次验收考试物理答案
1.D
2.B
3.D
4.A
5.B
6.C
7.BD
8.AD
9.BD 10.ABC
11. .AC ; (1,1.875)
12.小球在水平面内做匀速圆周运动,对小球受力分析,如图所示: ①由几何关系可知:F=mg/cos θ=12.5N
②小球受重力、和绳子的拉力,合力提供向心力,根据牛顿第二定律有: mgtan θ=mv 2/r
r=L sin θ
得:v =sin θ(gr/cos θ)1/2=1.5m/s
③又:T =1/f=2πr/v
得:f =2.5/πHz=0.796Hz
13. ①r v a 2
= 得2/8s m a =
②r v m N g m A A 2
=- 得N N A 2=
由牛顿第三定律可知,作用力与反作用力大小相等,方向相反。

则A 对杆的作用力大小为2N ,方向竖直向下。

r v m g m T B B B 2
=- 得N T B 18=
N N T 20=+ 杆对O 点的作用力大小为20N ,方向竖直向下。

③2222)(d L t v v B A =++ 得s t 22=。

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