湖南省衡阳市衡阳四中2015-2016学年高一上学期月考物理试卷(12月份)
高一物理月考试题及答案-湖南衡阳市衡阳三中2015-2016学年高一(上)第一次段考
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳三中高一（上）第一次段考物理试卷一、选择题1．甲、乙、丙三个观察者，同时观察一个物体的运动，甲说：它在做匀速直线运动；乙说：它是静止的；丙说：它在做加速运动．下列说法正确的是（）A．在任何情况下都不可能出现这种情况B．三人中总有一人或两人讲错了C．如果选同一参考系，那么三人的说法都对D．如果三人各自选择不同的参考系，那么三人的说法可能都对2．做下列运动的物体，能当作质点处理的是（）A．研究自转中的地球B．研究百米冲刺奔向终点的运动员C．研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员D．研究匀速直线运动的火车3．下列说法正确的是（）A．“北京时间10点整”，指的是时间B．列车在上海站停了8min，指的是时间C．一节课是40min，指的是时刻D．“今天晚上7：30，你一定在家等我吗？”，这里指的是时间4．钓鱼岛自古以来就是我国的固有领土，在距温州市约356km、距福州市约385km、距基隆市约190km的位置．若我国某海监船为维护我国对钓鱼岛的主权，从温州出发去钓鱼岛巡航，到达钓鱼岛时共航行了480km，则下列说法中不正确的是（）A．该海监船的位移大小为480km，路程为356kmB．该海监船的位移大小为356km，路程为480kmC．确定该海监船在海上的位置时可以将该海监船看成质点D．若知道此次航行的时间，则可求出此次航行的平均速度5．现代战争是科技之战、信息之战，某集团军进行的一次实战演习过程，在基地导演部的大型显示屏上一览无余，如图1所示是蓝军由基地A分三路大军进攻红军基地B的显示，若用x1、x2和x3分别表示三路大军的位移，则由大屏幕的显示图可知（）A．x1＞x2＞x3B．x1＜x2＜x3C．x1=x2=x3D．三者关系无法确定6．对做匀减速运动的物体（无往返），下列说法中正确的是（）A．速度和位移都随时间减小B．速度和位移都随时间增大C．速度随时间增大，位移随时间减小D．速度随时间减小，位移随时间增大7．如图所示，我国运动员刘翔获得雅典奥运会110米跨栏冠军，成绩是12秒91，在男子110米跨栏中夺得金牌，实现了我国在短跑中多年的梦想，是亚洲第一飞人．刘翔之所以能够取得冠军，取决于他在110米中（）A．某时刻的瞬时速度大B．撞线时的瞬时速度大C．平均速度大 D．起跑时的加速度大8．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，下列说法正确的是（）A．钩码的质量越大越好B．在释放小车前，小车应靠近有定滑轮的一端C．开始前要先开电源后放纸带，打完点要先断开电源后取纸带D．坐标轴单位长度越小越好9．甲、乙两车同时、同地、向同一个方向做直线运动，它们在0～4s内运动的v﹣t图象如图所示，由图象可知（）A．在第2s末，两车处于同一位置B．在第3s末，两车处于同一位置C．在0～4s内，甲的加速度和乙的加速度的大小相等D．在0～4s内，甲、乙两车的平均速度相等10．被称为“史上最严交规”于2013年1月1日起施行．对校车、大中型客货车、危险品运输车等重点车型驾驶人的严重交通违法行为，提高了记分分值．如图是张明在2013年春节假期试驾中某次小轿车在平直公路上运动的0～25s内的速度随时间变化的图象，由图象可知（）A．小轿车在0～15s内的位移为200mB．小轿车在10～15s内加速度为零C．小轿车在10s末运动方向发生改变D．小轿车在4～9s内的加速度大小大于16～24s内的加速度大小11．一个质点做直线运动的图象如图，初速度是V0，末速度是V t，则在t0时间内的平均速度和加速度是（）A．平均速度小于B．平均速度大于C．加速度逐渐增大D．加速度逐渐减小12．完全相同的三块木板并排固定在水平面上，一颗子弹以速度v水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动，且穿过第三块木块后子弹速度恰好为零，则子弹依次刚射入每块木块时的速度之比和穿过每块木块所用的时间之比分别是（）A．v1：v2：v3=3：2：1 B．v1：v2：v3=：：1C．t1：t2：t3=（﹣）：（﹣1）：1 D．t1：t2：t3=1：：二、填空题13．如图所示是一位同学用手拉动纸带通过电磁打点计时器打出的一条纸带，在纸带旁边附着一把毫米刻度尺，电磁打点计时器每隔0.02s打一个点．根据纸带上点的排列情况可判定，手拉动纸带时，手的运动速度怎样变化：；由A到C这段距离内手运动的平均速度为m/s，打C点时手拉动纸带的速度约为m/s．14．如下图所示为某物体的x﹣t图象，在第1s内物体的速度是，从第2s至第3s内物体的速度是，4s内通过的路程是，位移是．三、计算题15．足球运动员在罚点球时，球获得30m/s的速度并做匀速直线运动．设脚与球作用时间为0.1s，球又在空中飞行0.3s后被守门员挡出，守门员双手与球接触时间为0.1s，且球被挡出后以10m/s沿原路反弹，求（1）罚点球的瞬间，球的加速度的大小；（2）守门员接球瞬时，球的加速度的大小．16．一列火车以2m/s的初速度，0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，求：（1）火车在第3s末的速度是多少？（2）火车在前4s内的位移是多少？（3）火车在第5s内的位移是多少？17．汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～60s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．（1）画出汽车在0～60s内的v﹣t图线；（2）求在这60s内汽车行驶的位移．2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳三中高一（上）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．【考点】参考系和坐标系．【分析】在研究物体是否运动时，先选择一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫参照物；如果物体位置相对于参照物的位置不变，则物体是静止的，如果物体位置相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；所选的参照物不同，判断物体的运动和静止的结果也可能不同，这是运动和静止的相对性．【解答】解：在判断一个物体时运动的还是静止的，我们要选定一个标准，这个标准的物体就叫做参照物；判断一个物体时运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况就不同，这就是运动和静止的相对性．同时运动还具有绝对性．A、B、如果选同一参考系，那么三人的说法应该是一样的，不可能都对．故ABC错误；D、如果各自选择不同的参考系，那么三人说法都可能对，故D正确；故选：D2．【考点】质点的认识．【分析】一个物体能否看成质点，不是看物体的大小，而是看物体的大小和形状在所研究的问题中能否忽略，参考系的选取是任意的．【解答】解：A、研究地球自转时，地球的形状和大小在研究的问题中不能忽略，不能看成质点．故A错误．B、研究百米冲刺奔向终点的运动员，运动员的形状和大小在研究的问题中不能忽略，不能看成质点．故B错误．C、研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员，运动员形状和大小在研究的问题中不能忽略，不能看成质点．故C错误．D、研究匀速直线运动的火车时，火车大小在研究的问题中可以忽略，能看成质点，故D正确．故选：D3．【考点】时间与时刻．【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．【解答】解：A、“北京时间10点整”，指的是时刻，所以A错误；B、停了8min指的是时间的长度，是指时间，所以B正确；C、一节课是40min，指的是时间，不是时刻，所以C错误；D、今天晚上7：30，对应时间点，是指时刻，所以D错误；故选：B．4．【考点】位移与路程；质点的认识．【分析】解决本题需掌握：位移是从初位置到末位置的有向线段，路程为轨迹的实际长度；平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值；在物体的大小和形状不起作用，或者所起的作用并不显著而可以忽略不计时，我们把近似地把该物体看作是一个具有质量大小和形状可以忽略不计的理想物体，称为质点．【解答】解：A、B、位移是从初位置到末位置的有向线段，为356km；路程为轨迹的实际长度，为480km，故A错误，B正确；C、该海监船在海上航行时，确定位置时其大小可以忽略不计，故可以将该海监船看成质点，故C正确；D、平均速度等于位移除以时间，故知道此次航行时间可求出此次航行的近似平均速度，故D正确；本题选错误的；故选：A．5．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示．【解答】解：由图象可知，三路大军的初末位置相同，所以三路大军的位移相同，即x1=x2=x3，故C正确．故选：C．6．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在无往返的匀减速直线运动中，速度随时间均匀减小，位移在逐渐增大．【解答】解：匀减速直线运动中，速度随时间均匀减小，因为物体一直向前运动，所以位移随时间一直增大．故D正确，A、B、C错误．故选D．7．【考点】平均速度；瞬时速度．【分析】平均速度反映物体在一段时间或一段位移内运动平均快慢程度，110m栏，位移一定，平均速度大的用时少，由此可得答案．【解答】解：110米栏，选手在跑完110米的过程中看谁用时短，由于位移110米一定，用时短的平均速度大．在跑完全程的过程中某时刻瞬时速度大不能说明全程平均速度大，同理撞线时的瞬时速度大也不能说明全程用时少，起跑时的加速度大不能确定跑完全程用时最短，刘翔之所以取得冠军，是因为在110m栏中他第一个冲过终点，即在相同的位移用时最短，也就是平均速度最大．故选C．8．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】正确解答本题需要掌握：打点计时器的使用以及简单构造等，明确《探究小车速度随时间变化的规律》实验中一些简单操作细节等．【解答】解：A、为了减小误差，本实验中应要求钩码的质量应远小于小车的质量；故A错误；B、为了有效应用纸带的所有长度，在释放小车时，小车应靠近打点计时器；故B错误；C、实验中为了在纸带上打出更多的点，为了打点的稳定，具体操作中要求先启动打点计时器，然后释放小车，故C正确．D、坐标轴单位长度适中为最好，若太小作图较为麻烦，误差反而更大；故D错误；故选：C．9．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】甲、乙两质点同时同地向同一方向做直线运动，根据面积表示位移，分析两车位置关系．根据图象的斜率表示加速度，判断甲乙两个质点的运动情况．【解答】解：A、由图看出，在前2s内乙比甲运动得快，乙在甲的前方，两车间距增大．在后2s内，乙比甲运动得慢，乙在甲的前方，两车间距减小．因此在第2s末两车相距最远．故A错误．B、在第3s末，乙通过的位移比甲的大，所以乙在甲的前方，故B错误．C、在0﹣4s内，甲乙图线的斜率不同，故加速度大小不相等，故C错误；D、在0﹣4s内，两车位移相等，时间相等，则平均速度相等，故D正确；故选：D10．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】由图象的斜率可以得出加速度，图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移．【解答】解：A、根据面积的数字等于位移的大小，在0～15s内的位移为200m，故A正确；B、10～15s小轿车匀速，加速度为零；故B正确；C、10s末前后速度都未正，运动方向没有发生改变，故C错误；D、小轿车在4～9s内的加速度为2m/s2，16～24s内的加速度大小为1m/s2，故D正确；故选：ABD．11．【考点】平均速度；加速度．【分析】速度时间图线切线的斜率表示加速度，通过斜率的变化判断加速度的变化．若物体做匀加速直线运动，根据推论得出平均速度的大小，结合匀加速直线运动和变加速直线运动的位移关系比较平均速度．【解答】解：A、若物体做匀加速直线运动，如图所示，根据匀变速直线运动推论，知匀加速直线运动的平均速度．因为变加速直线运动图线与时间轴围成的面积小于匀加速直线运动图线与时间轴围成的面积，则匀加速直线运动的位移大于变加速直线运动的位移，所以该运动的平均速度小于．故A正确，B错误．C、图线切线的斜率逐渐增大，则加速度逐渐增大．故C正确，D错误．故选：AC．12．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】子弹依次射入每块木块做匀减速直线运动到零，采取逆向思维，子弹做初速度为零的匀加速直线运动，根据v 2=2ax 求出子弹依次射入每块木块的速度比；初速度为0的匀加速直线运动，在通过相等位移内的时间比为…根据该推论得出穿过每块木块所用的时间比．【解答】解：A 、采取逆向思维，子弹做初速度为0的匀加速直线运动，有，，，所以．故A 错误，B 正确．C 、初速度为0的匀加速直线运动中，在通过相等位移内所用的时间比为…，则穿过每块木块所用时间之比为t 1：t 2：t 3=：（﹣1）：1．故C 错误，D 错误．故选：BC ． 二、填空题13．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据相等时间内的位移变化判断纸带的运动规律，根据AC 段的距离，结合运动的时间求出平均速度的大小．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C 点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：纸带在相等时间内的位移不是均匀的，可知手拉动纸带做变速直线运动．A 到C 这段距离x=2.10cm ，则平均速度==0.175m/s ．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得：v C ==0.40m/s故答案为：变速直线运动，0.175，0.4014．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据位移图线的斜率读出速度．纵坐标的变化量等于位移大小，读出位移大小关系，路程等于各段位移大小之和．【解答】解：由图象可以看出：物体在0﹣1s内，物体做匀速直线运动，则在第1s内物体的速度为：v===1m/s第2s至第3s内物体处于静止状态，速度为0．4s内通过的路程是S=（3m﹣2m）+（3m﹣0）=4m，位移为△x=0﹣2m=﹣2m故答案为：1m/s；0；4m；﹣2m．三、计算题15．【考点】加速度．【分析】加速度则是描述物体运动速度变化快慢的物理量．当速度变化时，则产生加速度．根据加速度的定义式a=求出足球在这个过程中的加速度，注意速度的方向．【解答】解：由加速度公式，a=得：设定初速度的方向为正方向，罚球瞬间，球的加速度为：a1===300m/s2守门员挡球瞬间，球的加速度为：a2===﹣400m/s2．负号表示加速度方向与速度方向相反．答：（1）罚点球的瞬间，球的加速度的大小是300m/s2；（2）守门员接球瞬时，球的加速度的大小是400m/s2．16．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出3s末的速度，根据位移时间公式求出前4s内和前5s内的位移，从而得出第5s内的位移．【解答】解：（1）火车在第3s末的速度为：v=v0+at=2+0.5×3m/s=3.5m/s．（2）火车在前4s内的位移为：m=12m．（3）第5s内的位移为：==4.25m．答：（1）火车在第3s末的速度是3.5m/s；（2）火车在前4s内的位移是12m；（3）火车在第5s内的位移是4.25m．17．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】本题先分析汽车的运动情况，再由速度公式求出10s末汽车的速度，画出速度图象．由图看出，在0﹣10s内汽车的加速度为2m/s2，保持不变，说明汽车做匀加速运动，由v=at可求出10s末汽车的速度；10﹣40s内汽车的加速度为零，做匀速直线运动；在40﹣60时间内，汽车的加速度为﹣1m/s2，保持不变，说明汽车做匀减速运动，由v=v0+at求出60s 末汽车的速度，即可画出速度图象．【解答】解：汽车的运动情况是：0﹣10s内汽车做初速度为零的加速度为2m/s2的匀加速运动，10s末汽车的速度为为：v=at=2×10m/s=20m/s；10﹣40s内汽车的加速度为零，做速度为20m/s的匀速直线运动；在40﹣60时间内，汽车做初速度为20m/s的加速度为﹣1m/s2的匀减速运动，60s末汽车的速度为：v=v0+at=20﹣1×20（m/s）=0．画出汽车在0～60s内的v﹣t图线如图所示．由面积表示位移知：这60s内汽车行驶的位移为：x=×（30+60）×20=900m答：画出汽车在0～60s内的v﹣t图线如图所示．这60s内汽车行驶的位移为900m．。
2015年湖南省衡阳市衡阳县四中高考物理一模试卷
2015年湖南省衡阳市衡阳县四中高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1.两辆汽车，质量和初速度都相同，一辆沿粗糙水平路面运动，另一辆沿比较光滑的水平冰面运动，它们从减速到停止产生的热量（）A.沿粗糙路面较多B.沿冰面较多C.一样多D.无法比较【答案】C【解析】解：根据能量的转化与守恒：两辆汽车减小的动能均全部转化为摩擦产生的热量，两辆汽车，质量和初速度都相同，则初动能相同，则至静止时减少的动能相同，故产生的热量相同．故选：C．根据能量的转化与守恒：汽车减小的动能转化为内能．系统的机械能减小转化为内能，由能量守恒定律求得热量．2.A、B是竖直墙壁，现从A墙某处以垂直于墙面的初速度v抛出一质量为m的小球，小球下落过程中与A、B进行了多次碰撞，不计碰撞过程中的能量损失．下面四个选项中能正确反映下落过程中小球的水平速度v x和竖直速度v y随时间变化关系的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：小球在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动，速度随时间均匀增大．在水平方向除了碰撞，不受作用力，速度的大小不变，方向碰撞时发生改变．故B正确，A、C、D 错误．故选B．将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向小球除了碰撞外，不受力，速度的大小不变，在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动．解决本题的关键掌握处理曲线运动的方法，关键将小球分解为水平方向和竖直方向，通过两个方向上的受力，判断物体的运动规律．3.如图所示，质量m=1kg、长L=0.8m的均匀矩形薄板静止在水平桌面上，其右端与桌子边缘相平．板与桌面间的动摩擦因数为μ=0.4．现用F=5N的水平力向右推薄板，使它翻下桌子，力F做的功至少为（g取10m/s2）（）A.1JB.1.6JC.2JD.4J【答案】B【解析】解：加速时，对木板受力分析，受到重力、支持力、推力F和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有F-μmg=ma1解得：a1=1m/s2减速时，对木板受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：-μmg=ma2解得：a2=-4m/s2木板先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，到达桌面边缘时，速度减为零，设最大速度为v，根据位移速度公式，有解得：x1==0.32mW=F x1=1.6J故选：B．要使力F做的功最少就要使推力作用时间最短，推力撤去后，物体减速滑行，刚好重心到达桌面边缘时，速度减为零；对木板加速和减速分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求得加速和减速的加速度，再根据运动学公式列式求出力作用的位移，再根据恒力做功公式求解．本题关键是找出作用时间最短的临界过程，然后先根据牛顿第二定律求解出加速过程和减速过程的加速度，再根据运动学公式列式求出力作用的位移，再根据恒力做功公式求解．4.质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面．下列说法中正确的是（）A.物体的重力势能减少mghB.物体的动能增加mghC.物体的机械能减少mghD.重力做功mgh【答案】B【解析】解：对物体受力分析可知，mg-F=m，所以F=mg，A、物体下降h时，重力做的功为mgh，所以物体的重力势能减少mgh，所以A错误，D错误；B、由动能定理可得，W总=△E K，即mgh=△E K，所以物体的动能增加为mgh，所以B 正确；C、物体下降h时，外力做的功为-F h=-mgh，所以物体的机械能减少mgh，所以C错误；故选B．物体以的加速度向下运动，对物体受力分析可知，物体受到重力之外，一定还受到向上的拉力的作用，根据力对物体的做功的情况，可以分析物体的能量的变化的情况．功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度．5.在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r．L1、L2是两个小灯泡，闭合S后，两灯均正常发光．当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现（）A.L1变暗L2变暗B.L1变亮L2变暗C.L1变亮L2变亮 D.L1变暗L2变亮【答案】D【解析】解：由电路图可知，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流I变小，灯L1电阻R L1不变，由P L1=I2R L1可知，灯L1的实际功率变小，因此灯L1变暗；干路电流I变小，电源内阻r、灯L1电阻R L1不变，则并联电压U并=E-I（r+R L1）变大，灯L2电阻R L2不变，灯L2的实际功率变大，则灯L2变亮；故D正确；故选：D图中灯L2与滑动变阻器先并联，再与灯L1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，可判断灯L1亮度如何变化；根据电路中电流变化，判断出并联电压如何变化，即分析灯L2亮度如何变化．本题是一道闭合电路的动态分析题，闭合电路的动态分析题是高中物理的常考问题，要掌握其解题思路，首先根据电路电阻变化情况由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，再由部分电路欧姆定律判断电源内电压如何变化，路端电压如何变化，然后应用串并联电路特点与规律、部分电路的欧姆定律、电功与电功率公式分析答题．6.如图所示，两个木块的质量关系是m a=2m b，用细线连接后放在倾角为θ的光滑固定斜面上．在它们沿斜面自由下滑的过程中，下列说法中正确的是（）A.它们的加速度大小关系是a a＜a bB.它们的加速度大小相等，且a＜gsinθC.连接它们的细线上的张力一定为零D.连接它们的细线上的张力一定不为零【答案】C【解析】解：A、B、对整体受力分析可知，整体受重力、弹力；将重力沿斜面和垂直于斜面进行分析，则支持力与重力垂直于斜面的分力相平衡，由牛顿第二定律可知：（m A+m B）gsinθ=（m A+m B）a解得：a=gsinθ；两物体的加速度相等．故A、B错误．C、D、对B分析，可知B受到的合力F=m B a=m B gsinθ；F=T+m B gsinθ故说明细绳的张力T为零；故C正确，D错误；故选C．先以整体为研究对象进行分析，可求得整体的加速度；再用隔离法分析绳子的张力．本题为简单的连接体问题，注意正确选取研究对象，一般先对整体分析可得出加速度，若分析内力时应采用隔离法进行分析．7.一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动．探测器通过喷气而获得推动力．以下关于喷气方向的描述中正确的是（）A.探测器加速运动时，沿直线向后喷气B.探测器加速运动时，竖直向下喷气C.探测器匀速运动时，竖直向下喷气D.探测器匀速运动时，不需要喷气【答案】C【解析】解：A、B：探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行加速运动时，加速度的方向沿直线与速度方向相同，即合力的方向也沿直线与速度方向相同，而受到月球的万有引力方向竖直向下，所以，反冲力方向与运动直线成一角度斜向上，那么，喷气方向与运动直线成一角度斜向下，∴选项A、B错误．C、D：探测器匀速运动，受力平衡，合力为零，已知受到的月球的万有引力竖直向下，则受到的气体的反冲力竖直向上，因此，探测器竖直向下喷气，∴选项C正确，选项D 错误．故选：C．探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行时，受到月球竖直向下的万有引力及沿气体喷气方向相反的反冲力，在两个力的合力作用下运动，再由探测器的运动状态来判断反冲力的方向，进而判断喷气方向．解答本题把握好：探测器受到两个力，一是竖直向下的月球万有引力，另一个是喷气的反冲力，由探测器的运动状态结合力的合成平行四边形法则来确定反冲力的方向，自然喷气的方向就确定了．8.用一根细线一端系一可视为质点的小球，另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T，则T随ω2变化的图象是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：设绳长为L，锥面与竖直方向夹角为θ，当ω=0时，小球静止，受重力mg、支持力N和绳的拉力T而平衡，T=mgcosθ≠0，所以A项、B项都不正确；ω增大时，T增大，N减小，当N=0时，角速度为ω0．当ω＜ω0时，由牛顿第二定律得，T sinθ-N cosθ=mω2L sinθ，T cosθ+N sinθ=mg，解得T=mω2L sin2θ+mgcosθ；当ω＞ω0时，小球离开锥子，绳与竖直方向夹角变大，设为β，由牛顿第二定律得T sinβ=mω2L sinβ，所以T=m Lω2，可知T-ω2图线的斜率变大，所以C项正确，D错误．故选：C．分析小球的受力，判断小球随圆锥作圆周运动时的向心力的大小，进而分析T随ω2变化的关系，但是要注意的是，当角速度超过某一个值的时候，小球会飘起来，离开圆锥，从而它的受力也会发生变化，T与ω2的关系也就变了．本题很好的考查了学生对物体运动过程的分析，在转的慢和快的时候，物体的受力会变化，物理量之间的关系也就会变化．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)9.一条形磁铁放在水平桌面上，在它的上方靠S极一侧吊挂一根与它垂直的导体棒，图中只画出此棒的横截面图，并标出此棒中的电流是流向纸内的，在通电的一瞬间可能产生的情况是（）A.磁铁对桌面的压力减小B.磁铁对桌面的压力增大C.磁铁受到向右的摩擦力D.磁铁受到向左的摩擦力【答案】AD【解析】解：以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向左下方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向右上方，磁铁有向右运动的趋势，受到向左的摩擦力，同时磁铁对地的压力减小．故AD正确，BC错误．故选：AD．以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来选择．本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力．关键在于先研究导线所受安培力．10.如图所示，由电动机带动的水平传送带以速度为v=2.0m/s匀速运行，A端上方靠近传送带料斗中装有煤，打开阀门，煤以流量为Q=50kg/s落到传送带上，煤与传送带达共同速度后被运至B端，在运送煤的过程中，下列说法正确的是（）A.电动机应增加的功率为100WB.电动机应增加的功率为200WC.在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为6.0×103JD.在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为1.2×104J【答案】BC【解析】解：设足够小的时间△t内落到传送带上煤的质量为△m，显然Q=△m/△t；这部分煤由于摩擦力f的作用被传送带加速，由功能关系得：煤块在摩擦力作用下加速前进，因此有：传送带的位移为：s传=vt相对位移为：△s=s传-s=s，由此可知煤的位移与煤和传送带的相对位移相同，因此摩擦生热为：．传送带需要增加的能量分为两部分：第一部分为煤获得的动能，第二部分为传送带克服摩擦力做功保持传送带速度．所以传送带△t内增加的能量△E为：功率：，由此可知A错误，B正确．．由前面的分析可知单位时间内产生的热量为：热因此一分钟产生的热量为：，故C正确，D错误．总热故选BC．煤流到传送带上后，在摩擦力作用下做初速度为零的匀加速直线运动，摩擦力对煤做正功，对传送带做负功，传送带多做的功转化为煤的动能以及系统之间产生热量，正确分析煤块的运动情况，利用功能关系可正确解答本题．传送带问题是高中物理中的一个重要题型，解答这类问题重点做好两类分析：一是运动分析，二是功能关系分析．11.如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点．把小球拉到使细线水平的位置A，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平成θ=60°的位置B时速度为零．以下说法正确的是（）A.小球重力与电场力的关系是mg=E qB.小球重力与电场力的关系是E q=mgC.球在B点时，细线拉力为T=mgD.球在B点时，细线拉力为T=2E q【答案】BC【解析】解：（1）类比单摆，根据对称性可知，小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，此时细线与水平方向夹角恰为30°，根据三角函数关系可得：q E sin30°=mgcos30°，化简可知E q=mg，选项A错误、B正确；（2）小球到达B点时速度为零，向心力为零，则沿细线方向合力为零，此时对小球受力分析可知：T=q E cos60°+mgsin60°，故细线拉力T=mg，选项C正确、D错误．故选BC．类比单摆，小球从A点静止释放，运动到B点速度为0，说明弧AB的中点是运动的最低点，对小球进行受力分析，小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，再根据几何关系可以求出E q，球到达B点时速度为零，向心力为零，则沿细线方向合力为零，此时对小球受力分析，再根据几何关系即可解题．本题要求同学们能正确进行受力，并能联想到已学的物理模型，根据相关公式解题．12.地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v-t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A.在t=2.5s时，小球经过边界MNB.小球受到的重力与电场力之比为3：5C.在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等D.在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小【答案】BC【解析】解：A、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时．故A错误．B、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为a1==v1、进入电场后的加速度大小为a2=，由牛顿第二定律得：mg=ma1=mv1…①F-mg=ma2得电场力：F=mg+ma2=…②由①②得重力mg与电场力F之比为3：5．故B正确．C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C正确．D、整个过程中，小球具有两种形式的能：机械能与电势能，根据能量守恒定律得知，它们的总和不变．故D错误．故选BC小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．本题一要能正确分析小球的运动情况，抓住斜率等于加速度是关键；二要运用牛顿第二定律和动能定理分别研究小球的受力情况和外力做功关系．三、填空题(本大题共3小题，共16.0分)13.1999年7月12日，日本原子能公司所属敦贺湾核电站由于水管破裂导致高辐射冷却剂外流，在检测此次重大事故中应用了非电量变化（冷却剂外泄使管中液面变化）转移为电信号的自动化测量技术．如图是一种通过检测电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质，电容器的两个电极分别用导线接在指示器上，指示器上显示的是电容的大小，但从电容的大小就可知容器中液面位置的高低．由此作出下面的判断：如果指示器显示出电容增大了，则两电极正对面积______ （填“增大”、“减小”或“不变”），必为液面______ （“升高”、“降低”或“不变”）．【答案】增大；升高【解析】解：两电极正对面积时，根据电容器的决定式可知，电容增大，说明液面升高．故答案为：增大，升高根据电容器的决定式知，电容随着两电极正对面积增大而增大，即可知道液面高度的变化情况．本题关键掌握电容器的决定式，知道电容与哪些因素有关．14.如图所示，质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆轨道上做圆周运动．圆半径为R，小球经过轨道最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时，小球对圆环的压力大小等于______ ．小球受到的向心力大小等于______ ．小球的线速度大小等于______ ．小球的向心加速度大小等于______ ．（重力加速度g已知）【答案】0；mg；；g【解析】解：小球经过轨道最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时，仅靠重力提供向心力，小球对圆环的压力大小等于0；小球受到的向心力大小等于mg；由mg=m，得v=；小球的向心加速度大小a=g．故答案为：0，mg，，g．小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，轨道对小球的弹力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球的速度．解决本题的关键知道在最高点的临界情况，运用牛顿第二定律进行求解．15.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为U A=15V，U B=3V，U C=-3V，由此可知D点电势U D= ______ V；若该正方形的边长为a=2cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E= ______ V/m．【答案】9；300【解析】解：匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，故连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接BE，则BE为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BE，则DF也是一条等势线，所以D点电势U D=9V．如图作出一条过A点的电场线（红线）．根据几何知识得：AE=在△AEB中，由正弦定理得：而U AB=E•AB sinα，AB=a=2cm联立解得：E=300V/m故答案为：9；300．连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势．根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据U=E d计算电场强度．本题关键是抓住匀强电场中沿着任意方向每前进相同的距离电势变化相等，电场线与等势面垂直以及公式U=E d分析计算．四、计算题(本大题共3小题，共36.0分)16.如图所示，细绳长为L，吊一个质量为m的铁球（可视作质点），球离地的高度h=2L，当绳受到大小为2mg的拉力时就会断裂．绳的上端系一质量不计的环，环套在光滑水平杆上，现让环与球一起以速度向右运动，在A处环被挡住而立即停止，A离墙的水平距离也为L．求在以后的运动过程中，球第一次碰撞点离墙角B点的距离是多少？【答案】解：环被A挡住的瞬间解得F=2mg，故绳断，之后小球做平抛运动；设小球直接落地，则，球的水平位移x=υt=2L＞L，所以小球先与墙壁碰撞；球平抛运动到墙的时间为t′，则′，小球下落高度′′；碰撞点距B的距离；答：球第一次碰撞点离墙角B点的距离是．【解析】小球先向右做匀速直线运动，环停止后绳断开做平抛运动，要判断先撞墙还是先落地，根据平抛运动的分位移公式列式求解即可．本题关键分析清楚小球的运动规律，然后分段考虑，不难．17.宇航员在一行星上以10m/s的速度竖直上抛一质量为0.2kg的物体，不计阻力，经2.5s后落回手中，已知该星球半径为7220km．（1）该星球表面的重力加速度g′多大？（2）要使物体沿水平方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是多大？（3）若物体距离星球无穷远处时其引力势能为零，则当物体距离星球球心r时其引力势能E p=-（式中m为物体的质量，M为星球的质量，G为万有引力常量）．问要使物体沿竖直方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是多大？【答案】解：（1）物体做竖直上抛运动，则有t=则得该星球表面的重力加速度g===8m/s2（2）由mg=m，得v1===7600m/s（3）由机械能守恒，得+（-G）=0+0又因g=所以v2=代入解得，v2=7600m/s≈10746m/s答：（1）该星球表面的重力加速度g是8m/s2．（2）要使物体沿水平方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是7600m/s．（3）要使物体沿竖直方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是10746m/s．【解析】（1）根据竖直上抛运动，运用运动学公式求出星球表面的重力加速度．（2）要使物体沿水平方向抛出而不落回星球表面，恰好由物体的重力提供向心力，物体绕星球做匀速圆周运动，由牛顿第二定律和向心力公式列式求解．（3）根据机械能守恒和重力加速度的表达式结合求解．解决本题的关键理解第一宇宙速度，掌握竖直上抛运动的规律，并能读懂题给予的信息，运用机械能守恒求解速度问题．18.如图所示，足够长的光滑斜面倾角θ=30°，一个带正电、电量为q的物体停在斜面底端B．现在加上一个沿斜面向上的场强为E的匀强电场，在物体运动到A点时撤销电场，那么：（1）若已知BA距离x、物体质量m，则物体回到B点时速度大小多少？（2）若已知物体在斜面上运动总时间是加电场时间的2倍，则物体质量m是多少？（重力加速度g已知）【答案】解：（1）加电场时a=-gsinθ则v2=2ax得：v=撤去电场后物体的加速度a′=gsinθ根据位移公式：v B2-v2=2a′x得：v B=（2）加电场的时间t1=物体在斜面上运动总时间t2=t1+′′=2由已知+′′联立得：m==答：（1）若已知BA距离x、物体质量m，则物体回到B点时速度大小为；（2）若已知物体在斜面上运动总时间是加电场时间的2倍，则物体质量m是．【解析】（1）先由牛顿第二定律物体上升时的加速度，由位移速度公式求出物体到达A时的瞬时速度，进而求出滑回B点时的速度大小；（2）先分别表示出物体在斜面上运动总时间和加电场时间，然后由它们之间的关系式求解．解答此类问题，正确的受力分析是关键．能够熟练应用牛顿第二定律和运动学公式．高中物理试卷第11页，共11页。
【物理】湖南省衡阳县四中2015-2016学年高一上学期学科联赛试题
衡阳县四中2015年下学期学科联赛高一物理试卷时量：90分钟 满分：100分一、选择题（本题15小题，每小题4分，共60分。
1至11题只有一个选项是正确的，12至15题有多个选项，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
请将答案写在答卷上。
） 1．下列图1的四个图中，各运动物体不能．．看作质点的是（ ） A ．研究投出的篮球运动路径 B ．研究书本在桌面上移动L 的距离所需的时间 C ．研究地球绕太阳公转 D ．研究子弹头射过扑克牌2．两辆汽车在平直公路上行驶，甲车内一个人看乙车没有动，而乙车内的一个人看见路旁的树木向西运动，如果以大地为参照物，上述观察说明 （ ） A. 甲车不动，乙车向东运动 B. 乙车不动，甲车向东运动 C. 甲车向西，乙车向东运动 D. 甲、乙两车以相同的速度向东运动 3．以下计时数据指的是时间的是 （ ） A ．中央电视台新闻联播节目每天19时开播B ．2007年10月24日18时5分5秒“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心发射升空C ．足球比赛上下半场各45分钟D ．在某场足球赛中，甲队于开赛9分26秒时攻入一球4．上体育课时，某同学沿着半径为 R 的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的 （ ）A ．路程和位移的大小均为3.5πR B ．路程和位移的大小均为R C ．路程为3.5πR 、位移的大小为R D ．路程为0.5πR 、位移的大小为R 5．某质点的位移随时间变化的关系式是：s= 4t —2t 2，s 和t 的单位分别是m 和s ，则质点的初速度和加速度分别为 （ ）A ．4m/s 和2m/s 2B ．4m/s 和—4m/s 2C ．4m/s 和4m/s 2D ．4m/s 和0222A B CD图16．足球以8m/s 的速度飞来，运动员把足球以12m/s 的速度反向踢出，踢球时间为0.2s ，设足球飞来的方向为正方向，则这段时间内足球的加速度是 （ ）A ． - 200m/s 2B ． 200m/ s 2C ． - 100m/ s 2D ． 100m/ s 2 7. 如图2所示，表示物体做匀变速直线运动的图象是 （8．关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是 （ ） A ．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一定越大 B ．速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零 C ．某时刻物体速度为零，其加速度也为零 D ．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大9．汽车以20m/s 的速度做匀速直线运动,刹车后的加速度大小为5m/s 2,那么开始刹车后2s 与开始刹车后6s 汽车通过的位移之比为 ( )A ．1:1B ．3:1C ．3:4D ．4:310．一个物体从静止出发以加速度a 做匀加速直线运动.经过时间t 后,改作以t 时刻末的速度做匀速直线运动,则在2t 时间内的平均速度是 ( )A.B.C.3atD.11．长方形木块静止在倾角为θ的斜面上，那么斜面对木块作用力的方向A 、沿斜面向下B 、 垂直斜面向下C 、沿斜面向上D 、竖直向上12．做匀变速直线运动的物体，某时刻的速度大小是8 m/s ，1s 后速度大小变为4 m ／s ，则此物体在这l s 内通过的位移 （ ） A ．可能等于6 m B ．可能小于6 m C ．可能大干6 mD ．可能等于2 m13．关于自由落体运动，下列说法正确的是（ ） A 、自由落体运动是竖直方向的匀加速直线运动34at 43at 12at 图2B、自由落体运动在开始连续的三个相同位移，所用的时间之比为1：：C、自由落体运动在开始连续的三个2s内的位移之比为1：3：5D、自由落体运动在开始连续的三个1s末的速度之比为1：2：314.如图3所示是根据龟兔赛跑故事画出的乌龟和兔子赛跑过程中的位移—时间图象，根据图象可知下列说法中正确的是（）A．乌龟和兔子赛跑开始时是同时同地出发的B．乌龟和兔子赛跑开始时是同地出发，但兔让乌龟先爬行一段时间C．兔子虽然中途休息了一会儿，但最终还是兔子先到达终点D．乌龟中途虽然落后，但最终还是比兔子先到达终点15. 两位同学进行竞走比赛，她们分别拿着底部穿孔、滴水比较均匀的饮料瓶，假设每隔1s 漏下一滴，她们在平直路上行走，同学们根据漏在地上的水印分布，分析她们的行走情况（已知人的运动方向）。
湖南省衡阳市衡阳四中高一物理上学期期中试卷(含解析)
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高一（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共12小题，只有一个选项符合题意，每小题5分，共60分）1．质点是一种理想化的物理模型，下面对质点的理解正确的是( )A．只有体积很小的物体才可以看作质点B．只有质量很小的物体才可以看作质点C．研究月球绕地球运动的周期时，可将月球看作质点D．因为地球的质量、体积很大，所以在任何情况下都不能将地球看作质点2．下列图象中反映物体做匀加速直线运动的是（图中x表示位移、v表示速度、t表示时间）( )A．B．C． D．3．下列物理量属于标量的是( )A．时间 B．位移 C．速度 D．加速度4．下列说法表示时刻的是( )A．第5s末B．前5s内C．第5s内D．从第3s末到第5s末5．下列速度中，指平均速度的是( )A．雨滴落地时的速度B．汽车通过汕头海湾大桥的速度C．子弹射出枪口时的速度D．跳水运动员起跳后，到达最高点的速度6．关于加速度和速度，以下说法正确的是( )A．加速度大的物体速度变化大B．加速度大的物体速度变化快C．加速度不为零，速度必然越来越大D．加速度为零，物体的速度也一定为零7．拿一个长约1.5m的玻璃筒，一端封闭，另一端有开关，在筒内放有质量不同的一片小羽毛和一块小铜片．先把玻璃筒内抽成真空并竖直放置，再把玻璃筒倒立过来，小羽毛、小铜片同时从玻璃筒顶端由静止开始下落，那么( )A．小铜片先到达筒底端B．小羽毛先到达筒底端C．小羽毛、小铜片同时到达筒底端D．哪个先到达筒底端都有可能8．甲、乙两车在同一地点同时做直线运动，其v﹣t图象如图所示，则( )A．它们的初速度均为零B．甲的加速度大于乙的加速度C．0～t1时间内，甲的速度大于乙的速度D．0～t1时间内，甲的位移大于乙的位移9．关于匀变速直线运动的说法，正确的是( )A．它一定是速度越来越大的直线运动B．它是加速度越来越大的直线运动C．它是加速度越来越小的直线运动D．它是加速度不变的直线运动10．在平直公路上，汽车以15m/s的速度做匀速直线运动，从某时刻开始刹车，在阻力作用下，汽车以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，则刹车后10s内汽车的位移大小为( )A．50m B．56.25m C．75m D．150m11．一小球沿斜面匀加速滑下，依次经过A、B、C三点．已知AB=3m，BC=5m，小球通过AB和BC两段所用的时间均为1s，则小球经过A、B、C三点时的速度大小分别是( )A．2m/s，3m/s，4m/s B．2m/s，4m/s，6m/sC．3m/s，4m/s，5m/s D．3m/s，5m/s，7m/s12．如图所示，是物体做直线运动的v﹣t图象，由图象可得到的正确结果是( )A．t=1s时物体的加速度大小为1.5m/s2B．t=5s时物体的加速度大小为0.75m/s2C．第3s内物体的位移为1.5mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移大二、填空题（本大题共4小题，每题4分，共16分）13．小颖在田径场绕400m环形跑道跑了2圈，则她的位移大小是__________m，路程是__________m．14．质点在直线A、B上做匀加速直线运动，若在A点时的速度是5m/s，经3s到达B点时速度是14m/s，则质点的加速度是__________m/s2．再经过2s的速度是__________m/s．15．如图所示，l、2两条倾斜程度不同的直线分别是甲、乙两个物体运动的V﹣t图象，由图可知：甲的加速度大小a甲__________（填“大于”或“小于”）乙的加速度大小a乙；在t1时刻，甲的速度大小v甲__________ （填“大于”或“小于”）乙的速度大小v乙．16．如图为“探究加速度与力、质量的关系”实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，已知打点计时器打点时间间隔为0.02s，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，若每5个点取一个计数点，则相邻计数点间的时间间隔为__________ s，各计数点间距离如图所示，单位是cm．小车经过点E时的速度为__________m/s．三、计算题（本大题共3小题，每小题8分，共24分）17．如图所示为某高楼电梯上升的速度图象，试求：（1）在t1=5s、t2=8s时刻的速度大小；（2）各段的加速度大小．18．一小球从斜面顶端由静止开始滚下，经4s匀加速运动到达斜面底端，加速度的大小为2m/s2．求：（1）斜面长度；（2）到达斜面底端时的速度；（3）运动到斜面中点时的速度．19．车从静止开始以1m/s2的加速度前进，在车开始运动的同时，车后20m处，某人骑自行车开始以6m/s的速度匀速追赶，能否追上？若不能追上，人与车的最小距离是多少？若能追上，什么时候追上？2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高一（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共12小题，只有一个选项符合题意，每小题5分，共60分）1．质点是一种理想化的物理模型，下面对质点的理解正确的是( )A．只有体积很小的物体才可以看作质点B．只有质量很小的物体才可以看作质点C．研究月球绕地球运动的周期时，可将月球看作质点D．因为地球的质量、体积很大，所以在任何情况下都不能将地球看作质点【考点】质点的认识．【分析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的时候，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题．【解答】解：A、体积很小的物体也不一定就能够看成质点，比如原子的体积很小，但是在研究原子的运动时原子是不能看成质点的，所以A错误．B、地球的质量很大，在研究地球绕太阳转动的过程中地球的大小和形状是可以忽略的，能看成质点，所以并不是只有质量很小的物体才可以看作质点，所以B错误．C、研究月球绕地球运动的周期时，月球的体积相对于和地球之间的距离来说是可以忽略的，所以可将月球看作质点，所以C正确．D、根据B的分析可知D错误．故选C．【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．下列图象中反映物体做匀加速直线运动的是（图中x表示位移、v表示速度、t表示时间）( )A．B．C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】s﹣t图象中每一点的坐标表示该时刻物体的位置，而v﹣t图象中点的坐标表示该时刻物体的速度；要注意图象的坐标的意义再进行判断．【解答】解：匀加速直线运动中的速度随时间均匀增加，故在v﹣t图象中其图象为倾斜的直线，且速度均匀增大，在s﹣t图象中应为二次函数图象，故ABC错误，D正确；故选：D【点评】图象是研究物理问题的常用方法，在研究图象时应首先注意图象的坐标的意义，同时还要结合公式理解图象．3．下列物理量属于标量的是( )A．时间 B．位移 C．速度 D．加速度【考点】矢量和标量．【专题】常规题型．【分析】即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量，理解标量和矢量的区别即可正确解答本题．【解答】解：即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如本题中的位移、速度、加速度，故BCD错误；只有大小，没有方向的物理量是标量，如本题中的时间；故A正确．故选A．【点评】本题是一个基础题目，就是看学生对矢量和标量的掌握，正确理解标量和矢量的区别．4．下列说法表示时刻的是( )A．第5s末B．前5s内C．第5s内D．从第3s末到第5s末【考点】时间与时刻．【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，在难以区分是时间还是时刻时，可以通过时间轴来进行区分．【解答】解：A、第5秒末，在时间轴上对应的是一个点，是时刻，故A正确；B、前5s内是从0时刻到5秒末之间，在时间轴上对应一段距离，是时间，故B错误；C、第5s内是1s钟的时间，在时间轴上对应一段距离，指的是时间，故C错误；D、从第3s末到第5s末，在时间轴上对应一段距离，指的是时间，故D错误．故选：A．【点评】对于物理中的基本概念要理解其本质不同，如时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间通常与物体的状态相对应；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应．5．下列速度中，指平均速度的是( )A．雨滴落地时的速度B．汽车通过汕头海湾大桥的速度C．子弹射出枪口时的速度D．跳水运动员起跳后，到达最高点的速度【考点】平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】平均速度和瞬时速度的区别在于平均速度与一段位移或一段时间对应，而瞬间速度和某一位置或某一时刻对应，因此明确二者概念即可正确解答本题【解答】解：雨滴落地、子弹出枪口、跳水运动员到达最高点均是只在某一位置（或某一点）的速度，因此为瞬时速度，而汽车通过汕头海湾大桥的速度是对应着一段位移的速度故为平均速度，故ACD错误，B正确．故选B．【点评】生活中的很多现象是和物理知识相互对应的，因此要经常利用所学物理概念深入分析实际问题，提高对物理规律的理解和应用．6．关于加速度和速度，以下说法正确的是( )A．加速度大的物体速度变化大B．加速度大的物体速度变化快C．加速度不为零，速度必然越来越大D．加速度为零，物体的速度也一定为零【考点】加速度．【分析】速度是表示物体运动的快慢，加速度是表示物体速度变化的快慢，速度变化率也是指速度变化的快慢，所以加速度和速度变化率是一样的．【解答】解：A、加速度是表示物体速度变化的快慢，加速度大的物体速度变化快，如果时间很短的话，速度变化量不一定大，所以A错误．B、加速度是表示物体速度变化的快慢，所以加速度大的物体速度变化快，故B正确．C、加速度不为零，物体可以是加速也可以是减速运动，物体的速度不一定越来越大，所以C 错误．D、物体的加速度为零，只是说明物体受到的合力为零，物体的速度不一定为零，如匀速直线运动，所以D错误．故选B．【点评】本题主要是考查学生对于速度、加速度和速变化率的理解，关键是要理解加速度的物理含义，加速度是表示物体速度变化快慢的物理量．7．拿一个长约1.5m的玻璃筒，一端封闭，另一端有开关，在筒内放有质量不同的一片小羽毛和一块小铜片．先把玻璃筒内抽成真空并竖直放置，再把玻璃筒倒立过来，小羽毛、小铜片同时从玻璃筒顶端由静止开始下落，那么( )A．小铜片先到达筒底端B．小羽毛先到达筒底端C．小羽毛、小铜片同时到达筒底端D．哪个先到达筒底端都有可能【考点】自由落体运动．【分析】玻璃筒内没有空气时，物体做自由落体运动，加速度、初速度相同，根据自由落体运动的特点即可判断【解答】解：玻璃筒内没有空气时，物体做自由落体运动，因为高度相同，加速度都为g，所以同时到达底端．故C正确故选：C【点评】解决本题的关键知道玻璃筒内没有空气时，物体不受阻力，仅受重力，做自由落体运动，不同形状和质量的物体都是同时落地8．甲、乙两车在同一地点同时做直线运动，其v﹣t图象如图所示，则( )A．它们的初速度均为零B．甲的加速度大于乙的加速度C．0～t1时间内，甲的速度大于乙的速度D．0～t1时间内，甲的位移大于乙的位移【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．【解答】解：A、由图象可知，乙的初速度不为零．故A错误．B、甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则甲的加速度大于乙的加速度．故B正确．C、在0～t1时间内，甲的速度小于乙的速度．故C错误．D、在0～t1时间内，乙图线与时间轴围成的面积大于甲图线与时间轴围成的面积，则乙的位移大于甲的位移．故D错误．故选B．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．9．关于匀变速直线运动的说法，正确的是( )A．它一定是速度越来越大的直线运动B．它是加速度越来越大的直线运动C．它是加速度越来越小的直线运动D．它是加速度不变的直线运动【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体在一条直线上运动，如果在相等的时间内速度的变化相等，这种运动就叫做匀变速直线运动．也可定义为：沿着一条直线，且加速度不变的运动，叫做匀变速直线运动．【解答】解：A、匀变速直线运动有匀加速直线运动和匀减速直线运动之分，速度可能增加，也可能减小，故A错误；B、C、D、匀变速直线运动的加速度是不变的，故B错误，C错误，D正确；故选：D．【点评】本题关键匀变速直线运动的定义，知道其是加速度不变的直线运动．10．在平直公路上，汽车以15m/s的速度做匀速直线运动，从某时刻开始刹车，在阻力作用下，汽车以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，则刹车后10s内汽车的位移大小为( ) A．50m B．56.25m C．75m D．150m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】先求出汽车刹车到停止所需的时间，因为汽车刹车停止后不在运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+at2求出汽车的位移．【解答】解：汽车刹车到停止所需的时间t0=＜10s所以汽车刹车在7.5s内的位移与10s内的位移相等．x=v0t0+a=15×7.5﹣×2×7.52m=56.25m故选B．【点评】解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，10s内的位移等于7.5s内的位移．11．一小球沿斜面匀加速滑下，依次经过A、B、C三点．已知AB=3m，BC=5m，小球通过AB和BC两段所用的时间均为1s，则小球经过A、B、C三点时的速度大小分别是( )A．2m/s，3m/s，4m/s B．2m/s，4m/s，6m/sC．3m/s，4m/s，5m/s D．3m/s，5m/s，7m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】小球做匀加速运动，经过AB和BC两段所用的时间均为2s，可根据△x=aT2求出加速度，根据匀变速直线运动的推论可知：小球经过B点的速度等于AC段的平均速度，即可求得小球经过B点的速度．由速度公式求出经过A、C两点的速度．【解答】解：小球做匀加速运动，经过AB和BC两段所用的时间均为2s，由题知AB=6cm=0.06m，BC=10cm=0.1m，则小球经过B点的速度为 v B==m/s由BC﹣AB=aT2得，a=m/s2则 v A=v B﹣aT=4﹣1×2=2m/sv C=v B+aT=4+1×2=6m/s；故选：B【点评】本题运用匀变速直线运动的两个推论，求出加速度和B点的速度，比较简便，也可以根据基本公式，列方程组求解．12．如图所示，是物体做直线运动的v﹣t图象，由图象可得到的正确结果是( )A．t=1s时物体的加速度大小为1.5m/s2B．t=5s时物体的加速度大小为0.75m/s2C．第3s内物体的位移为1.5mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移大【考点】匀变速直线运动的图像；加速度．【专题】分子运动论专题．【分析】根据速度﹣时间图象的物理意义：“斜率”表示加速度，“面积”表示位移分析．【解答】解：A、t=1s时物体的加速度大小a==1.5m/s2，故A正确．B、t=5s时物体的加速度a==﹣0.75m/s2，加速度大小为0.75m/s2，故B正确．C、第3s内物体的位移x=vt=3×1m=3m．故C错误．D、物体在加速过程的位移x1=3m，物体在减速过程的位移x2=6m．可见加速过程的位移比减速过程的位移小，故D错误．故选：AB．【点评】对于物体的速度图象往往从数学角度理解其物理意义：斜率”表示加速度，“面积”表示位移．二、填空题（本大题共4小题，每题4分，共16分）13．小颖在田径场绕400m环形跑道跑了2圈，则她的位移大小是0m，路程是800m．【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度．【解答】解：小颖在田径场绕400m环形跑道跑了2圈，首末位置重合，则位移的大小为0m，路程等于800m．故答案为：0、800．【点评】解决本题的关键知道位移和路程的区别，知道位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度．14．质点在直线A、B上做匀加速直线运动，若在A点时的速度是5m/s，经3s到达B点时速度是14m/s，则质点的加速度是3m/s2．再经过2s的速度是20m/s．【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】由速度与时间的关系可求得质点的加速度及再经2s时的速度．【解答】解：由v=v0+at可得：a===3m/s2；再经2s时的速度v2=v B+at′=14+3×2=20m/s；故答案为：3；20．【点评】本题考查运动学中的速度﹣时间关系，要注意正确确定过程，找出初末状态．15．如图所示，l、2两条倾斜程度不同的直线分别是甲、乙两个物体运动的V﹣t图象，由图可知：甲的加速度大小a甲大于（填“大于”或“小于”）乙的加速度大小a乙；在t1时刻，甲的速度大小v甲大于（填“大于”或“小于”）乙的速度大小v乙．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象的斜率表示加速度，图象上对应的纵坐标值为速度值．【解答】解：直线1的斜率大于直线2的斜率，故甲的加速度大a甲大于乙的加速度大小a乙；由纵轴坐标可以看出：在t1时刻，甲的速度大小乙的速度大小；故答案为：大于，大于．【点评】本题是速度﹣时间图象问题，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中斜率表示加速度．16．如图为“探究加速度与力、质量的关系”实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，已知打点计时器打点时间间隔为0.02s，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，若每5个点取一个计数点，则相邻计数点间的时间间隔为0.1 s，各计数点间距离如图所示，单位是cm．小车经过点E时的速度为0.84m/s．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上E点时小车的瞬时速度大小；【解答】解：每打五个点取一个计数点，又因打点计时器每隔0.02s打一个点，所以相邻两计数点间的时间T=0.1s；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：v E===0.84m/s故答案为：0.1；0.84．【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．三、计算题（本大题共3小题，每小题8分，共24分）17．如图所示为某高楼电梯上升的速度图象，试求：（1）在t1=5s、t2=8s时刻的速度大小；（2）各段的加速度大小．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】（1）v﹣t图象反映物体的速度随时间的变化情况，可以直接读出每个时刻的瞬时速度．（2）与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，图线斜率表示加速度，由数学知识求解加速度．【解答】解：（1）由图象可得：t1=5s时刻的速度为 v1=10m/s；在t2=8s时刻的速度为 v2=5m/s；（2）根据图象的斜率表示加速度得：在0～2s内的加速度大小为 a1==m/s2=5m/s2；v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，所以在2s～5s内的加速度为0，在5～8s内的加速度大小为 a2==||m/s2=m/s2；答：（1）在t1=5s、t2=8s时刻的速度大小分别为10m/s，5m/s；（2）在0～2s内的加速度大小为5m/s2；在2s～5s内的加速度为0，在5～8s内的加速度大小为m/s2．【点评】该题考查了速度﹣时间图象相关知识点，要能根据图象读取有用信息，关键要掌握斜率表示加速度进行解题．18．一小球从斜面顶端由静止开始滚下，经4s匀加速运动到达斜面底端，加速度的大小为2m/s2．求：（1）斜面长度；（2）到达斜面底端时的速度；（3）运动到斜面中点时的速度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出斜面的长度．（2）根据速度时间公式求出到达斜面底端的速度．（2）根据速度位移公式求出小球运动到斜面中点的速度．【解答】解：（1）斜面的长度x=．（2）小球到达斜面底端的速度v=at=2×4m/s=8m/s．（3）根据速度位移公式得，解得．答：（1）斜面长度为16m；（2）到达斜面底端时的速度为8m/s．（3）运动到斜面中点时的速度为m/s．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式和速度位移公式，并能灵活运用．19．车从静止开始以1m/s2的加速度前进，在车开始运动的同时，车后20m处，某人骑自行车开始以6m/s的速度匀速追赶，能否追上？若不能追上，人与车的最小距离是多少？若能追上，什么时候追上？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】车做匀加速运动，自行车做匀速运动，当自行车的速度与车的速度相等时，若自行车没有追上车，则就追不上车．根据速度公式，求出两车速度相等所经历的时间，由位移公式求出两车的位移，判断自行车能否追上车．当两车的速度相等时，相距最小．由位移公式求解最小距离．【解答】解：当车的速度与人的速度相等时，相距最近，此时若追不上，以后永远追不上．v车=at，v人=v0当v车=v人时，at=v0，所以得时间t== s=6 s以人开始追时的位置为起点，此时人与车的位移分别为x人=v人t=6 m/s×6 s=36 mx车=x0+at2=20 m+×1 m/s2×（6 s）2=38 m显然x车＞x人，追不上．人与车相距最近为△x=x车﹣x人=38 m﹣36 m=2 m答：不能追上，人与车的最小距离是2m【点评】本题是追及问题，关键要寻找两车之间的关系，抓住隐含的临界条件：速度相等是关键。
湖南省衡阳县第四中学2015-2015学年高一12月学科联赛物理试题及答案
衡阳县四中2014年下期学高一科联赛物理试卷时量：90分钟满分：100分一、选择题（本题15小题，每小题4分，共60分。
1至11题只有一个选项是正确的，12至15题有多个选项，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
请将答案写在答卷上。
）1．下列关于运动和力的说法中正确的是A.亚里士多德最先得出运动与力的正确关系B.伽利略用斜面实验验证了力和运动的关系C.牛顿最先提出运动和力的正确关系D.牛顿在伽利略和笛卡儿工作的基础上提出了牛顿第一定律，表明力是改变物体运动状态的原因2．下列各组单位中，都属于国际单位制中基本单位的是A．kg、N 、A B．s、J、N C．s 、kg、m D．m/s、kg、m 3．关于惯性的大小，下面说法中正确的是A. 两个质量相同的物体，速度大的物体惯性大B. 两个质量相同的物体，不论速度大小，它们的惯性的大小一定相同C. 同一个物体，静止时的惯性比运动时的惯性大D. 同一个物体，在月球上的惯性比在地球上的惯性小4．甲物体的质量是乙物体的质量的3倍，它们在同一高度同时自由下落，则下列说法正确的是A．甲比乙先落地B．甲与乙同时落地C．甲的加速度比乙大D．乙的加速度比甲大5．如图是某物体沿一直线运动S—t图像，由图可知Array A.物体做匀速直线运动 B.物体做单向直线运动C.物体沿直线做往返运动D.图像错了，因为该图像只表示曲线运动6．原来静止在光滑水平面上的物体，若现在受到一个水平拉力作用，则在水平拉力刚开始作用的瞬时，下列说法正确的是A. 物体立即获得加速度和速度B. 物体立即获得加速度，但速度为零C. 物体立即获得速度，但加速度为零D. 物体的速度和加速度都为零7．长方形木块静止在倾角为θ的斜面上，那么斜面对木块作用力的方向A 、沿斜面向下B 、 垂直斜面向下C 、沿斜面向上D 、竖直向上8．如图所示，水平地面上一物体在F 1＝10N ，F 2＝2N 的水平外力作用下向右做匀速直线运动，则A ．物体所受滑动摩擦力大小为6NB ． 若撤去力F 1，物体会立即向左运动C ．撤去力F 1后物体继续向右运动，直到速度为零D ．撤去力F 1后物体有可能做曲线运动9．光滑水平面上，有一木块以速度v 向右运动，一根弹簧固定在墙上，如图所示，木块从与弹簧接触直到弹簧被压缩成最短的时间内，木块将做的运动是A ．匀减速运动B ．加速度增大的变减速运动C ．加速度减小的变减速运动D ．无法确定 10．汽车以20m/s 的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5m/s 2，则自驾驶员急踩刹车开始，2s 与5s 时汽车的位移之比为A ．5∶4B ．4∶5C ．4：3D ．3∶411．一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮,绳的一端系一质量M =15kg 的重物,重物静止于地面上,有一质量m =10kg 的猴从绳子另一端沿绳向上爬,如图所示,不计滑轮摩擦,在重物不离开地面条件下,(重力加速度g =10m/s 2)猴子向上爬的最大加速度为A ．B ．C ．D ．12．做匀变速直线运动的物体，在时间t 内的位移为 sv 1 ，这段位移的中间位置的瞬时速度为v 2 ，则（ ）A ．物体作匀加速运动时，v 1> v 2B ．物体作匀加速运动时，v 1< v 2C ．物体作匀减速运动时，v 1> v 2D ．.物体作匀减速运动时，v 1< v 213．质量m ＝1 kg 的物体在光滑平面上运动，初速度大小为2 m/s 。
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳县高一(上)月考物理试卷(四)(必修1)
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳县高一（上）月考物理试卷（四）（必修1）一、单项选择题（共8小题，每题4分，共32分，每题只有一个正确答案．）1.“蛟龙”号载人潜水器 11年月号凌晨时分开始进行第四次下潜实验，并在深度1 米的位置成功安放了中国大洋协会的标志和一个木雕的中国龙，如图所示．下潜全程历时小时分，于1 时分完成下潜任务后顺利返回到“向阳红 ”母船．关于此次潜实验说法正确的是（）A.“ 1 米”是指位移B.“ 1 米”是指路程C.“ 时分”、“ 小时分”、“1 时分”是指时间D.“ 时分”、“1 时分”指时刻，“ 小时分”指时间2.在一次交通事故中，一辆载有吨“工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的摩托车而紧急制动，结果车厢上的钢材向前冲出，压扁驾驶室．关于这起事故原因的物理分析正确的是（）A.由于车厢上的钢材有惯性，在汽车制动时，继续向前运动，压扁驾驶室B.由于汽车紧急制动，使其惯性减小，而钢材惯性较大，所以继续向前运动C.由于车厢上的钢材所受阻力太小，不足以克服其惯性，所以继续向前运动D.由于汽车制动前的速度太大，汽车的惯性比钢材的惯性大，在汽车制动后，钢材继续向前运动3.一小球从点由静止开始做匀加速直线运动，若到达点时速度为，到达点时速度为，则等于（）A.1 1B.1C.1D.14.倾角为、质量为的斜面体静止在粗糙水平面上，质量为的滑块静止在斜面体上，滑块与斜面体间动摩擦因数为，重力加速度为；如图所示．下列结论正确的是（）A.滑块受到的摩擦力大小一定是B.滑块对斜面体的作用力为C.地面对斜面体有水平向右的摩擦力D.若只是增大滑块的质量，其它条件不变，释放滑块后，滑块可能沿斜面下滑5.如图所示，弹簧一端系在墙上点，另一端自由伸长到点，今将一小物体压着弹簧（与弹簧未连接），将弹簧压缩到点，然后释放，小物体能运动到点静止，物体与水平地面间的动摩擦因数恒定．下列说法中正确的是（）A.物体在点受合外力为零B.物体的速度从到越来越大，从到越来越小C.物体从到加速度越来越小，从到加速度不变D.物体从到先加速后减速，从到匀减速6.如图所示，在密封的盒子内装有一个金属球，球刚能在盒内自由活动，若将盒子在空气中竖直向上抛出，空气阻力不能忽略，则球抛出后在上升．下降的过程中（）A.上升、下降均对盒底有压力B.上升、下降时对盒均无压力C.上升时对盒顶有压力，下降时对盒底有压力D.上升对盒底有压力，下降对盒顶有压力7. 1 年月1 日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演．该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在时刻打开降落伞，在时刻以速度着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．下列结论不正确的是（）A.在时间内加速度不变，在时间内加速度减小B.降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C.在的时间内，平均速度D.若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小8.如图所示，在竖直平面有一个光滑的圆弧轨道，其下端（即端）与表面粗糙的水平传送带左端相切，轨道端与传送带左端的距离可忽略不计．当传送带不动时，将一质量为的小物块（可视为质点）从光滑轨道上的位置由静止释放，小物块以速度滑上传送带，从它到达传送带左端开始计时，经过时间，小物块落到水平地面的点；若传送带以恒定速率运行，仍将小物块从光滑轨道上的位置由静止释放，同样从小物块到达传送带左端开始计时，经过时间，小物块落至水平地面．关于小物块上述的运动，下列说法中正确的是（）A.当传送带沿顺时针方向运动时，小物块的落地点可能在点右侧B.当传送带沿逆时针方向运动时，小物块的落地点可能在点左侧C.当传送带沿顺时针方向运动时，若，则可能有D.当传送带沿顺时针方向运动时，若，则可能有二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，且每小题均有两个答案正确，全部选对得5分，漏选得2分，错选不得分）9.下列说法中正确的是（）A.物体竖直向下的运动就是自由落体运动B.自由落体运动是初速度为、加速度为的竖直向下的匀加速直线运动C.不同的物体做自由落体运动，其运动规律是相同的D.质点做自由落体运动，在第1 内、第内、第内的位移之比为110.如图为一物体沿直线运动的速度图象，由此可知（）A.末物体返回出发点B.末物体运动方向改变C.末与的加速度大小相等，方向相反D.内物体的位移为零11. 1 年1 月1 日 1时11分，嫦娥三号着陆器成功降落在月球虹湾地区，实现中国人的飞天梦想．该着陆器质量为1. 1 ，在距离月面1 处悬停，自动判断合适着陆点后，竖直下降到距离月面时速度变为，然后关闭推力发动机自由下落，直至平稳着陆．若月球表面重力加速度是地球表面重力加速度的倍，着陆器下降过程中的高度与时间关系图象如图所示，则下述判断正确的是（）A.着陆器在空中悬停时，发动机推力大小是1. 1B.着陆器从高度1 下降至过程中的平均速度为C.着陆器着陆时的速度大约是 .D.着陆器着陆后，对月面的压力是 112.如图甲所示，静止在水平面上足够长的木板左端放着小物块．某时刻，受到水平向右的外力作用，随时间的变化规律如图乙所示．、间最大静摩擦力大于、之间的最大静摩擦力，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则在拉力逐渐增大的过程中，下列反映、运动过程中的加速度及与间摩擦力、与间摩擦力随时间变化的图线中正确的是（）A. B.C. D.三、实验题（本题共2个小题，第13题4分，第14题12分，共16分．）13.探究力的平行四边形定则的实验原理是等效性原理，其等效性是指（）A.使两分力与合力满足平行四边形定则B.使两次橡皮筋伸长的长度相等C.使两次橡皮筋与细绳套的结点都与某点重合D.使弹簧秤在两种情况下发生相同的形变14.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图甲所示的装置，在实验过程中：1 为了探究加速度与质量的关系，应保持________不变（选填“ ”、“ ”、“ ”）；为了直观地判断加速度与质量的数量关系，应作________图象（选填“ ”“ ”）．如图甲所示为该同学实验操作示意图，其中有几处还需要改进的地方，请你找出两处并分别写出：．________．________该同学改正实验装置后顺利完成了实验．如图乙所示是某次实验中得到的一条纸带，其中、、、、是计数点（交变电源频率为赫兹，纸带上每打个点取一个计数点），其中 . ， 1 . ， . ， . ．则打点时小车的速度为________，小车的加速度是________．（计算结果均保留三位有效数字）四、计算题（本题共3个小题，共32分．请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．）15.如图所示，质量为的物体静止放在水平地面上，已知物体与水平地面间的动摩擦因数为 . ，现给物体施加一个与水平面成角的斜向上的拉力的作用．求：1 物体与地面间的摩擦力大小内的位移大小．16.一质量为的小孩子站在电梯内的体重计上，电梯从时刻由静止开始上升，依次做匀加速、匀速、匀减速运动．在到内体重计示数的变化如图所示．试求这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度 1 ．17.如图所示，底座上装有长 . 的直立杆，总质量为1 ，用细线悬挂，底座底面离水平地面 . ，杆上套有质量为 . 的小环，它与杆间有摩擦，设环与杆相对滑动时摩擦力大小始终不变，环从底座以 1 的初速度沿杆向上运动，最后恰能到达杆的顶端（取 1 ）．求：1 环沿杆上滑过程中的加速度大小；在环上滑过程中，细线对杆的拉力大小；若小环在杆顶端时细线突然断掉，底座下落后与地面立即粘合后静止，整个过程杆没有晃动，则线断后经多长时间环第一次与底座相碰？答案1. 【答案】D【解析】位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向；路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向．时间和时刻的主要区别就是时刻是时间轴上的点，而时间对应的是时间轴上的一段．具体分析问题时看看问题在时间轴上应该如何表示．【解答】解：、 1 米是指下潜深度，只有竖直下潜时， 1 米才是位移，故错误；、“ 时分”、“1 时分”，在时间轴上对应的是一个点，是时刻，“ 小时分”在时间轴上对应的是一段，是时间，故错误，正确．故选：．2. 【答案】A【解析】根据惯性是物体保持原来的速度不变的性质，质量是惯性大小的唯一量度，进行分析和选择．【解答】解：、钢材原来随汽车一起向前运动，在汽车制动时，由于摩擦，车迅速停止，而钢材由于惯性要保持原来向前的速度前进，压扁驾驶室．故正确．、、质量是惯性大小的量度，与速度大小无关，质量不变，惯性不变．所以汽车紧急制动时，汽车和钢材的惯性都没有改变．故错误．故选3. 【答案】D【解析】小球做初速度为零的匀变速直线运动，根据速度位移关系公式列式分析即可．【解答】解：小球沿斜面做初速度为零的匀变速直线运动，对到过程，有：①对到过程，有：②联立①②解得：1故 1故选：．4. 【答案】B【解析】先对木块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解支持力和静摩擦力；然后对和整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡．【解答】解：、先对木块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有；①②故错误；、斜面体对木块有支持力和静摩擦力两个力，斜面体对木块的作用力是支持力和摩擦力的合力，根据平衡条件可知，支持力和摩擦力的合力与重力大小相等，所以斜面体对木块的作用力大小为，故正确．、对和整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为，静摩擦力为零，故错误；、物体静止在斜面上，有：；如果只是增大滑块的质量，依然有：；故滑块依然保持平衡；故错误；故选：．5. 【答案】D【解析】分析物体的受力情况来判断其运动情况：物体竖直方向受到重力与地面的支持力平衡，水平方向受到弹簧的弹力和滑动摩擦力．从到过程中，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，则知物体先加速后减速，从到过程，摩擦力和弹簧的弹力方向均向左，物体一直做减速运动．【解答】解：、物体竖直方向受到重力与地面的支持力平衡，水平方向受到弹簧的弹力和滑动摩擦力．从到过程中，弹簧的弹力水平向右，摩擦力水平向左，弹簧不断减小，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物体先加速后减速，从到过程，水平方向只受摩擦力，方向向左，物体做匀减速运动．物体在点受合外力不为零，方向向左，故错误．、物体从到，弹力减小，合力减小，加速度越来越小，从到，弹力向左，合力向左，合力增大，加速度越来越大，故错误．、由上分析知物体从到先加速后减速，从到匀减速，故正确．故选：．6. 【答案】C【解析】球在上升和下降过程中受到的空气阻力方向相反，导致球的加速度不等于重力加速度，运用牛顿第二定律可判断球与盒子之间的受力关系．【解答】解：上升时，盒子受到向下的重力和向下的空气阻力，加速度大于，对球由牛顿第二定律知：，为球受到盒子顶部的压力，由牛顿第三定律知上升时对盒顶有压力；同理分析，下降时，球的加速度为，则由：，为盒子底部对球的支持力，由牛顿第三定律知下降时对盒底有压力，故正确，错误；故选：．7. 【答案】C【解析】速度时间图线的斜率表示加速度，根据斜率的变化判断加速度的变化．根据牛顿第二定律判断阻力的变化．【解答】解：、在时间内，图线的斜率不变，则加速度不变，在时间内，图线斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小．故正确．、打开降落伞后，加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律得，，则，知阻力逐渐减小．故正确．、在的时间内，若做匀减速直线运动由减速到，则平均速度为，根据图线与时间轴围成的面积表示位移，知变减速运动的位移小于匀减速直线运动的位移，则．故错误．、若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，由于第一个伞兵的速度先大于第二个伞兵的速度，然后又小于第二个伞兵的速度，所以空中的距离先增大后减小．故正确．本题选错误的，故选．8. 【答案】A,C【解析】根据机械能守恒定律知道滑上传送带的速度，与传送带的运行速度进行比较，判断物体的运动规律，从而得出物体平抛运动的初速度，以及平抛运动的水平位移．物体飞出右端做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动【解答】解：、、当传送带不动时，小物块在传送带上做匀减速运动，传送带以恒定速率沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上可能一直做匀减速运动，也有可能先做匀减速后做匀速运动，所以．小物块滑出传送带时的速度大于等于，根据平抛运动规律知道小物块的落地点可能仍在点，可能在点右侧．故正确；、传送带以恒定速率沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上做匀速直线运动，所以根据平抛运动规律知道小物块的落地点在在点右侧．故错误；、传送带以恒定速率沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上做匀速直线运动，所以根据平抛运动规律知道小物块的落地点在在点右侧．传送带以恒定速率沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上可能一直做匀加速运动，也有可能先做匀加速后做匀速运动，所以根据平抛运动规律知道小物块的落地点在在点右侧．故错误；故选：．9. 【答案】B,C【解析】自由落体运动是物体从静止开始只在重力作用下的运动，是初速度为零，加速度为的匀加速直线运动，其加速度与物体的质量无关，是常量．物体做自由落体运动位移比时间的平方成正比．【解答】解：、自由落体运动是物体从静止开始只在重力作用下的运动，物体竖直向下的运动不一定是自由落体运动．故错误．、自由落体运动是初速度为、加速度为的竖直向下的匀加速直线运动，故正确；、不同的物体做自由落体运动都是初速度为、加速度为的竖直向下的匀加速直线运动，故正确；、自由落体运动下落高度为，故在前1 内、前内、前内的位移之比为1 ，故在第1 内、第内、第内的位移之比为1 ，故错误；故选：10. 【答案】C,D【解析】在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：、在速度-时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，所以末物体位移为正值，没有回到出发点，故错误．、在末前后物体的速度均为负值，即运动方向一直为负方向未改变，故错误．、由图象的斜率可以看出末与末的加速度大小相等，方向相反，故正确．、由于在速度-时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，所以末总移为零，故正确．故选：．11. 【答案】B,C【解析】抓住着陆器在空中悬停，受力平衡求出发动机的推力作用；根据下降的高度和时间求出平均速度的大小，根据加速度，结合自由落体运动的公式求出着陆时的速度大小，根据着陆后受重力和支持力平衡，求出支持力的大小，从而得出对月面压力的大小．【解答】解：、着陆器在空中悬停时，受力平衡，根据得， 1. 11 1 ．故错误．．故正确．、着陆器从高度1 下降至过程中的平均速度为. .、根据得，着陆器着陆时的速度 1 . ．故正确．、着陆器着陆后， 1 ，则对月面的压力为 1 ．故错误．故选：．12. 【答案】A,C,D【解析】当较小且拉动整体时，整体具有共同的加速度，二者相对静止；当较大时，二者加速度不同，将会发生相对运动，此后做变加速直线，匀加速直线运动；分三个阶段根据牛顿第二定律列式讨论即可．【解答】解：、对整体，当拉力小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零；对整体，当拉力大于地面对整体的最大静摩擦力时，整体开始加速滑动，加速度为：；当拉力足够大时，、的加速度不同，故对，有：由于，故；故正确；、对整体，当拉力小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零，即物体开始阶段的加速度为零，故错误；、当拉力小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零，此时对物体，拉力小于，静摩擦力等于拉力；当整体开始加速滑动时，对，根据牛顿第二定律，有：；静摩擦力逐渐增加，但依然小于；当、发生相对滑动后，变为滑动摩擦力，为；故正确；、对整体，当拉力小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零，此时静摩擦力等于拉力；滑动后，受地面的滑动摩擦力为，保持不变；故正确；故选：．13. 【答案】C【解析】本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，效果的相同是通过拉橡皮筋产生大小和方向相同的形变量来实现的．【解答】解：在“探究力的平行四边形定则”的实验中，采用了“等效法”，即要求两次拉橡皮筋到同一点，从而是橡皮筋产生的形变大小和方向都相同，故错误，正确；故选：．14. 【答案】,; 应使用交流电源,细绳应与长木板平行; 1. , .【解析】 1 “探究加速度与力、质量的关系”实验中，研究三者关系必须运用控制变量法，正确理解控制变量法的应用即可解答；; 从减小误差角度考虑，要适当使长木板的右端垫高，为了平衡摩擦力；要使小车前段的细线与长木板平行，打点计时器应该接交流电源；; 利用匀变速直线运动的两个推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．【解答】解： 1 为了探究加速度与质量的关系，应保持不变；为了直观地判断加速度与质量的数量关系，应作应作出直线图形．探究加速度与质量的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出图象．; 要使小车前段的细线与长木板平行，使小车运动过程中所受的拉力始终等于绳子的拉力，打点计时器应该接交流电源；; 每打个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔 .1 ，1. ．小车通过点的速度 . ..根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：解得： . ．15. 【答案】 1 物体与地面间的摩擦力大小 . ; 内的位移大小 . ．【解析】物体受重力、支持力、拉力和摩擦力作用，根据牛顿第二定律求出摩擦力大小；根据速度时间关系公式求解速度，然后根据动能定理求解撤去拉力后求解最后阶段的位移．;【解答】解：①受力如图竖直方向受力平衡，有：得 1物体与地面间的摩擦力大小为： . 1 .②水平方向，由牛顿第二定律为：得： .内的位移为： . .答： 1 物体与地面间的摩擦力大小 . ; 内的位移大小 . ．16. 【答案】在这段时间内电梯上升的高度是为．【解析】对小孩受力分析，受重力和支持力，体重计示数等于支持力大小，求出各段时间内（加速、匀速、减速）物体的加速度，结合运动学规律求上升的总高度．【解答】解：在内，电梯做匀加速运动，加速度为： 1 上升高度为1末速度为在中间内，电梯加速度为，做匀速运动上升高度最后1 内做匀减速运动，加速度，第末恰好停止．上升高度为1 1故在这段时间内上升高度为 117. 【答案】解： 1 环向上作匀减速运动过程中，有：得 1即环沿杆上滑过程中的加速度大小为1 ．; 环向上作匀减速运动过程中，对环受力分析有，受重力和向下的摩擦力，根据牛顿第二定律，有：得 1对杆受力分析，受重力、向上的摩擦力和细线的拉力，根据共点力平衡条件，有解得即在环上滑过程中，细线对杆的拉力大小．; 对环和底座一起下落过程，有：解得.根据速度时间公式，有底座静止后，环作匀加速运动，对此过程有：得据解得 .故环向下运动的总时间为： .即线断后经 . 时间环第一次与底座相碰．【解析】 1 对环上升过程运用速度位移公式列式求解即可；; 先对环受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解出摩擦力，再对杆受力分析，根据牛顿第二定律列式求解出细线的拉力．; 环和底座一起下落过程做自由落体运动，底座静止后，环在摩擦力作用下做作匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学公式列方程联立求解即可．【解答】解： 1 环向上作匀减速运动过程中，有：得 1即环沿杆上滑过程中的加速度大小为1 ．; 环向上作匀减速运动过程中，对环受力分析有，受重力和向下的摩擦力，根据牛顿第二定律，有：得 1对杆受力分析，受重力、向上的摩擦力和细线的拉力，根据共点力平衡条件，有解得即在环上滑过程中，细线对杆的拉力大小．; 对环和底座一起下落过程，有：解得.根据速度时间公式，有底座静止后，环作匀加速运动，对此过程有：得据解得 .故环向下运动的总时间为： . 即线断后经 . 时间环第一次与底座相碰．。
湖南省衡阳市衡阳县2015_2016学年高一物理上学期期末试卷(含解析)
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳县高一（上）期末物理试卷一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分，1-11为单项选择，12-14为多项选择，全部选对得4分，少选得2分，多选或错选不得分）1．第二届夏季青年奥林匹克运动会将于2014年8月在南京举行，青奥会比赛将在“三大场馆区”的15个不同竞赛场馆进行26个项目比赛，将向世界奉献一届精彩的青奥会．在考察下列运动员的比赛成绩时，可视为质点的是（）A．马拉松B．跳水C．击剑D．体操2．以下的计时数据指时间间隔的是（）A．我们下午3点20分出发，不要迟到B．我校的百米跑记录是12秒8C．1997年7月1日零时我国开始对香港恢复行使主权D．世界杯足球决赛在今晚8时开始3．一皮球从离地面1m高处竖直落下，与地相碰后，被反向弹回至0.7m高处，在这一过程中，皮球经过的路程和位移大小分别为（）A．1.7m，1.7m B．1m，0.7m C．1.7m，0.7m D．1.7m，0.3m4．在同一直线上都沿规定的正方向运动的甲、乙两个物体，加速度分别为：a甲=8m/S2，a乙=﹣8m/S2．那么，对甲、乙两物体判断正确的是（）A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲、乙两物体的运动方向一定相反C．甲、乙的速度值都是越来越大的D．甲的加速度和速度方向一致，乙的加速度和速度方向相反5．已知某力的大小为14N，则不可能将此力分解为下列哪组力（）A．5N、5N B．7N、7N C．8N、8N D．400N、400N6．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A．物体的速度变化越快，加速度越大B．物体的速度越大，加速度越大C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．加速度的方向就是速度的方向7．一辆汽车由甲地出发做匀速直线运动，途中司机下车办事，之后继续匀速直线运动到达乙地．如图所示的s﹣t图象中，能粗略描述汽车运动情况的是（）A．B．C．D．8．“自由落体”演示实验装置如图所示，当牛顿管被抽成真空后，将其迅速倒置，管内两个轻重不同的物体从顶部下落到底端，下列说法正确的是（）A．真空环境下，物体的重力变为零B．重的物体加速度大C．轻的物体加速度大D．两个物体同时落到底端9．如图所示，放在光滑水平面上的物体A和B，质量分别为2m和m，第一次水平恒力F1作用在A上，第二次水平恒力F2作用在B上．已知两次水平恒力作用时，A、B间的作用力大小相等．则（）A．F1=F2 B．F1=F2C．F1=F2D．F1=2F210．一体重为500N的同学站在体重计上，在升降机中研究超重与失重现象，升降机在上升过程中经历了加速、匀速和减速三个阶段，则比较符合实际情况的体重计的示数依次应为（）A．520N、500N、480N B．480N、500N、520NC．480N、520N、500N D．500N、500N、500N11．如图所示是A、B两物体从同一地点同时沿同一方向运动的速度图线，其中t2=2t1．则（）A．在t1时刻B物体在前，A物体在后B．A的加速度比B大C．在t1时刻两物体相遇D．在t2时刻两物体速度相等12．如图所示，一质量为m的木块沿倾角为θ的斜面匀速下滑．下列说法正确的是（）A．木块受到重力、斜面对它的支持力、摩擦力和下滑力作用B．斜面对木块的摩擦力方向沿斜面向上C．斜面对木块的支持力方向竖直向上D．斜面对木块的支持力和摩擦力的合力方向竖直向上13．下列说法中正确的是（）A．静止或匀速直线运动的物体才具有惯性B．战斗机在战斗前扔掉副油箱，目的是减小惯性C．物体的质量越大，其惯性就越大D．某人推原来静止的小车没有推动，是因为这辆车的惯性太大14．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对于车厢静止于竖直车厢壁上；当车的加速度增大时，则（）A．物块M受到的摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M仍能相对于车厢壁静止D．物块M受静摩擦力减小二、填空题（共3小题，每空2分，共16分）15．在《研究小车做匀变速直线运动的规律》实验中，打点计时器交流电源频率是50Hz，实验得到的纸带上A、B两点与B、C两点之间各有三个记时点，如图所示，测得x1=15cm，x2=19 cm，则测得的加速度是m/s2，B点的瞬时速度m/s．（小数点后面保留2位）16．某同学用如图（甲）所示的装置验证“力的平行四边形定则”．用一木板竖直放在铁架台和轻弹簧所在平面后．其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：①如图甲，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；②卸下钩码然后将两细绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将轻弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的及两弹簧称相应的读数．图乙中B弹簧称的读数为N；③该同学在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出F A、F B的合力F′；④已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F和F′，得出结论．17．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的装置．（1）本实验应用的实验方法是；A．控制变量法 B．假设法 C．理想实验法（2）下列说法中正确的是．A．在探究加速度与质量的关系时，应改变拉力的大小B．在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量C．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a﹣图象D．当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似地认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小．三、解答题（共3小题，满分28分）18．因搬家要把一质量为300kg钢琴从阳台上降落到地面．用一绳吊着钢琴先以0.5m/s 匀速降落，当钢琴底部距地面高h 时，又以大小为1m/s2的加速度匀减速运动，钢琴落地时速度刚好为零．（g 取10m/s2）求：（1）钢琴做匀减速运动的时间t；（2）匀减速运动的距离h．19．如图，轻绳OA一端系在天花板上，与竖直线夹角37°，轻绳OB水平，一端系在墙上，O点处挂一重为40N的物体．（cos37°=0.8，sin37°=0.6）求OA、OB的拉力各为多大？20．如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg 的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ=0.2，小车足够长．求：（1）小物块放后，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳县高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分，1-11为单项选择，12-14为多项选择，全部选对得4分，少选得2分，多选或错选不得分）1．第二届夏季青年奥林匹克运动会将于2014年8月在南京举行，青奥会比赛将在“三大场馆区”的15个不同竞赛场馆进行26个项目比赛，将向世界奉献一届精彩的青奥会．在考察下列运动员的比赛成绩时，可视为质点的是（）A．马拉松B．跳水C．击剑D．体操【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、马拉松比赛时，由于长路程，运动员的大小形状可以忽略，可以看成质点，故A正确；B、跳水时，人们要关注人的动作，故人的大小形状不能忽略，不能看作质点，故B错误；C、击剑时要注意人的肢体动作，不能看作质点；故C错误；D、体操中主要根据人的肢体动作评分，故不能忽略大小和形状，故不能看作质点；故D错误；故选：A．2．以下的计时数据指时间间隔的是（）A．我们下午3点20分出发，不要迟到B．我校的百米跑记录是12秒8C．1997年7月1日零时我国开始对香港恢复行使主权D．世界杯足球决赛在今晚8时开始【分析】理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．【解答】解：A、3点20是出发的时刻，故A错误；B、12秒8是路百米用的时间；故B正确；C、1997年7月1日零时是我国开始对香港恢复行使主权的时刻；故C错误；D、8点是世界杯开始的时刻；故D错误；故选：B．3．一皮球从离地面1m高处竖直落下，与地相碰后，被反向弹回至0.7m高处，在这一过程中，皮球经过的路程和位移大小分别为（）A．1.7m，1.7m B．1m，0.7m C．1.7m，0.7m D．1.7m，0.3m【分析】路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于首末位置的距离．由此可得知正确选项．【解答】解：一皮球从离地面1m高处竖直下落，与地相碰后，被反向弹回至0.7m高处，走过的运动轨迹长度为s=1+0.7=1.7m，所以路程为1.7m，首末位置的距离为x=1﹣0.7=0.3m，则位移的大小为0.3m．故D正确．故选：D4．在同一直线上都沿规定的正方向运动的甲、乙两个物体，加速度分别为：a甲=8m/S2，a乙=﹣8m/S2．那么，对甲、乙两物体判断正确的是（）A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲、乙两物体的运动方向一定相反C．甲、乙的速度值都是越来越大的D．甲的加速度和速度方向一致，乙的加速度和速度方向相反【分析】正确解答本题需要掌握：加速度为矢量，负号表示方向，不表示其大小；当加速度方向和速度方向相同时，速度越来越大，相反时速度越来越小．【解答】解：A、矢量的负号表示方向，不表示其大小，所以甲乙两物体的加速度大小是相等的，故A错误；B、甲、乙为两个在同一直线上沿规定的正方向运动的物体，所以甲、乙两物体的运动方向一定相同，故B错误；C、甲的加速度和速度方向相同，做加速运动，乙的加速度方向和速度方向相反做减速运动，所以甲的速度越来越大，乙的速度越来越小，故C错误，D正确；故选：D5．已知某力的大小为14N，则不可能将此力分解为下列哪组力（）A．5N、5N B．7N、7N C．8N、8N D．400N、400N【分析】合力与分力是等效替代关系，符合平行四边形定则；两个分力同向时合力最大，反向时合力最小．【解答】解：A、两个力合成的最大值为5N+5N=10N，小于14N，故A不可能；B、7N与7N合成最大14N，最小0N，可以为14N，故B可能的；C、8N与8N合成最大16N，最小0N，可以为14N，故C可能的；D、400N与400N合成最大800N，最小0N，可以为14N，故D可能的；本题选择不可能的，故选：A．6．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A．物体的速度变化越快，加速度越大B．物体的速度越大，加速度越大C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．加速度的方向就是速度的方向【分析】加速度表示物体速度变化的快慢，根据其定义式分析速度变化量与加速度大小的关系．加速度的方向与速度变化量的方向相同．加速度与速度没有直接关系．【解答】解：A、加速度表示物体速度变化的快慢，物体的速度变化越快，加速度越大，故A正确；B、物体的速度大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故B错误；C、速度变化很大，根据加速度的定义式a=，当时间△t更长时，加速度a可能很小，故C错误；D、根据加速度的定义式a=可知，加速度的方向与速度变化量的方向相同，与速度方向无关，故D错误；故选：A7．一辆汽车由甲地出发做匀速直线运动，途中司机下车办事，之后继续匀速直线运动到达乙地．如图所示的s﹣t图象中，能粗略描述汽车运动情况的是（）A．B．C．D．【分析】位移﹣时间图象倾斜的直线表示匀速直线运动，与t轴平行的图线表示物体处于静止状态．根据这两个知识点进行选择．【解答】解：A、表示汽车先做匀速直线运动，接着静止一段时间，再沿反方向匀速直线运动返回．与题不符．故A错误．B、表示汽车先做匀速直线运动，接着静止一段时间，最后一段图象出现时光倒流现象．不符合实际，故B错误．C、表示汽车先做匀速直线运动，接着静止一段时间，最后一段图象出现时光倒流现象．不符合实际，故C错误．D、表示汽车先做匀速直线运动，接着静止一段时间，再继续沿原方向做匀速直线运动．故D正确．故选D8．“自由落体”演示实验装置如图所示，当牛顿管被抽成真空后，将其迅速倒置，管内两个轻重不同的物体从顶部下落到底端，下列说法正确的是（）A．真空环境下，物体的重力变为零B．重的物体加速度大C．轻的物体加速度大D．两个物体同时落到底端【分析】轻重不同的物体在真空管中，不受阻力，做自由落体运动．根据h=比较运动的时间．【解答】解：真空中轻重不同的两物体均做自由落体运动，加速度相同，均为g，高度相同，根据h=知，运动时间相等，即两个物体同时落地．故D正确，A、B、C错误．故选：D．9．如图所示，放在光滑水平面上的物体A和B，质量分别为2m和m，第一次水平恒力F1作用在A上，第二次水平恒力F2作用在B上．已知两次水平恒力作用时，A、B间的作用力大小相等．则（）A．F1=F2 B．F1=F2C．F1=F2D．F1=2F2【分析】先对整体运用牛顿第二定律求出共同的加速度，对一次对m用牛顿第二定律求出F1，对一次对M用牛顿第二定律求出F2，这样就可以求解F1和F2的比值关系．【解答】解：令推A或B时，AB间作用力为N，则第一次推A，把两个物体看成一个整体，根据牛顿第二定律得：a=，对m运用牛顿第二定理得：a=，则有： =解得：F1=3N第二次用水平推力F2推m，把两个物体看成一个整体，根据牛顿第二定律得：a=对M运用牛顿第二定理得：a=解得：F2=N所以F1=2F2故选：D；10．一体重为500N的同学站在体重计上，在升降机中研究超重与失重现象，升降机在上升过程中经历了加速、匀速和减速三个阶段，则比较符合实际情况的体重计的示数依次应为（）A．520N、500N、480N B．480N、500N、520NC．480N、520N、500N D．500N、500N、500N【分析】体重计的示数显示人对体重计的压力大小．升降机在上升过程中经历加速、匀速和减速时，人分别处于超重状态、正常状态和失重状态，再分析选择可能的选项．【解答】解：升降机在上升过程中经历加速、匀速和减速时，人分别处于超重状态、正常状态和失重状态，体重计的示数依次大于重力、等于重力和小于重力．故选：A11．如图所示是A、B两物体从同一地点同时沿同一方向运动的速度图线，其中t2=2t1．则（）A．在t1时刻B物体在前，A物体在后B．A的加速度比B大C．在t1时刻两物体相遇D．在t2时刻两物体速度相等【分析】速度图线与坐标轴所围“面积”等于位移．根据位移大小关系，分析两物体的位置关系，判断是否相遇．【解答】解：A、t1时刻A图线的“面积”小于B图线的“面积”，则A的位移小于B的位移，而两物体是从同一地点沿同一方向作直线运动的，说明t1时刻B在前，A在后，并没有相遇．故A正确C错误．B、v﹣t图象中，直线的斜率即加速度，由图看出，B的斜率大于A的斜率，故B的加速度大于A的加速度，故B错误．D、由图看出，t2时刻两物体速度不相等，故D错误．故选：A．12．如图所示，一质量为m的木块沿倾角为θ的斜面匀速下滑．下列说法正确的是（）A．木块受到重力、斜面对它的支持力、摩擦力和下滑力作用B．斜面对木块的摩擦力方向沿斜面向上C．斜面对木块的支持力方向竖直向上D．斜面对木块的支持力和摩擦力的合力方向竖直向上【分析】物体匀速下滑时，合力为零，分析受力情况，由平衡条件：三力平衡时，任意一个力与其余两个力的合力等大、反向，确定物体的重力与滑动摩擦力的合力方向、及斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向；滑动摩擦力大小与速度大小无关．【解答】解：A、木块受到重力、斜面对它的支持力、摩擦力，没有下滑力，故A错误；B、木块相对于斜面有下滑的趋势，故斜面对木块的摩擦力方向沿斜面向上，故B正确；C、斜面对木块的支持力是弹力，方向垂直斜面向上，故C错误；D、木块受重力、支持力和滑动摩擦力而平衡，根据平衡条件，的支持力和摩擦力的合力方向竖直向上，与重力平衡，故D正确；故选：BD13．下列说法中正确的是（）A．静止或匀速直线运动的物体才具有惯性B．战斗机在战斗前扔掉副油箱，目的是减小惯性C．物体的质量越大，其惯性就越大D．某人推原来静止的小车没有推动，是因为这辆车的惯性太大【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．【解答】解：A、惯性是物体的固有属性，物体在任何情况下都有惯性，故A错误；B、物体的惯性只与物体的质量有关，质量越小，惯性越小，所以战斗机在战斗前扔掉副油箱，目的是减小惯性，故B正确；C、惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，故C正确；D、某人推原来静止的小车没有推动，是因为推力小于最大静摩擦力，故D错误．故选：BC14．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对于车厢静止于竖直车厢壁上；当车的加速度增大时，则（）A．物块M受到的摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M仍能相对于车厢壁静止D．物块M受静摩擦力减小【分析】分析物块的受力情况，分别对水平和竖直方向进行分析；根据牛顿第二定律和平衡条件可分析摩擦力、弹力与加速度的关系，再分析加速度增大时各力如何变化．【解答】解：当加速度减小时，物块M和车厢还能保持静止，以物块为研究对象，分析受力情况如图：重力Mg，车厢的弹力N和静摩擦力f，根据牛顿第二定律得水平方向：N=Ma竖直方向：f=Mg若加速度减小时，物块M和车厢相对滑动，则水平方向：N=Ma竖直方向：f=μN当加速度增大时，水平方向物体受到的弹力一定增大；物块M和车厢还保持静止，故M受竖直方向上的静摩擦力f等于重力，保持不变；故BC正确，AD错误；故选：BC．二、填空题（共3小题，每空2分，共16分）15．在《研究小车做匀变速直线运动的规律》实验中，打点计时器交流电源频率是50Hz，实验得到的纸带上A、B两点与B、C两点之间各有三个记时点，如图所示，测得x1=15cm，x2=19 cm，则测得的加速度是 6.25 m/s2，B点的瞬时速度 2.13 m/s．（小数点后面保留2位）【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：由于每相邻两个计数点间还有3个点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.08s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a===6.25m/s2根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小．v B===2.13m/s故答案为：6.25，2.13．16．某同学用如图（甲）所示的装置验证“力的平行四边形定则”．用一木板竖直放在铁架台和轻弹簧所在平面后．其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：①如图甲，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；②卸下钩码然后将两细绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将轻弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的方向及两弹簧称相应的读数．图乙中B弹簧称的读数为11.40 N；③该同学在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出F A、F B的合力F′；④已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F和F′，得出结论．【分析】本实验的目的是要验证平行四边形定则，故应通过平行四边形得出合力再与真实的合力进行比较，理解实验的原理即可解答本题，弹簧秤读数时要注意估读．【解答】解：根据验证平行四边形定则的实验原理要记录细绳套AO、BO的方向和拉力大小，拉力大小由弹簧秤读出，分度值为0.1N，估读一位：11.40N作图如下：故答案为：方向；11.4017．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的装置．（1）本实验应用的实验方法是 A ；A．控制变量法 B．假设法 C．理想实验法（2）下列说法中正确的是 C D ．A．在探究加速度与质量的关系时，应改变拉力的大小B．在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量C．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a﹣图象D．当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似地认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小．【分析】（1）由于该实验涉及的物理量较多，因此该实验采用的是控制变量法研究加速度、质量、合力三者之间的关系；（2）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．【解答】解：（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法，故BC错误，A正确．故选A．（2）A、该实验采用的是控制变量法研究，即保持一个量不变，研究其他两个量之间的关系，在探究加速度与质量的关系时，应保持拉力的大小不变，故A错误；B、在探究加速度与外力的关系时，应该保持小车的质量不变，故B错误；C、要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决．但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a﹣图象，故C正确；D、设小车的质量为M，砝码盘和砝码的质量为m，设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma ①对砂桶和砂有：mg﹣F=ma ②=，由此可知当M＞＞时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，故D正确．故选CD．三、解答题（共3小题，满分28分）18．因搬家要把一质量为300kg钢琴从阳台上降落到地面．用一绳吊着钢琴先以0.5m/s 匀速降落，当钢琴底部距地面高h 时，又以大小为1m/s2的加速度匀减速运动，钢琴落地时速度刚好为零．（g 取10m/s2）求：（1）钢琴做匀减速运动的时间t；（2）匀减速运动的距离h．【分析】（1）知道物体初速度、加速度，根据末速度为零，带入公式v t=v0+at可以求解钢琴做匀减速运动时间；（2）熟练应该匀速变速直线运动位移公式，利用或、可以求解．【解答】解：（1）由题意知有：v t=v0+at由题意可知v t=0，a=﹣1m/s2，所以钢琴做匀减速运动时间为：（2）物体减速下降平均速度为：所以匀减速下落距离为：．答：（1）钢琴做匀减速运动的时间t=0.5s（2）匀减速运动的距离h=0.125m．19．如图，轻绳OA一端系在天花板上，与竖直线夹角37°，轻绳OB水平，一端系在墙上，O点处挂一重为40N的物体．（cos37°=0.8，sin37°=0.6）求OA、OB的拉力各为多大？【分析】将重物对结点O的拉力按平行四边形定则进行分解，然后由几何知识即可求解．【解答】解：如图所示由于物体处理平衡状态则有：F OA=F2===50NF OB=F1=mgtan37°=40×=30N答：OA、OB的拉力分别为50N和30N．20．如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg 的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ=0.2，小车足够长．求：（1）小物块放后，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）【分析】（1）对车和物体受力分析，由牛顿第二定律可以求得加速度的大小；（2）车和物体都做加速运动，由速度公式可以求得两者达到相同速度时的时间；（3）分析物体和车的运动的过程可以知道，车的运动可以分为两个过程，利用位移公式分别求得两个过程的位移，即可求得总位移的大小．【解答】解：（1）对小车和物体受力分析，由牛顿第二定律可得物块的加速度为：a m=μg=2m/s2小车的加速度： =0.5 m/s2 ．（2）由：a m t=υ0+a M t代入数据得：t=1s所以速度相同时用的时间为1s．（3）在开始1s内小物块的位移为：最大速度：υ=at=2m/s在接下来的0.5s物块与小车相对静止，一起做加速运动，加速度：。
高三物理上学期第二次月考试卷(含解析)
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳三中高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每小题3分，共48分,1-9题为单项选择题，10-20题为多项选择题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．领悟并掌握处理问题的思想与方法是学习物理的重要途径，如图所示是我们学习过的几个实验，其中研究物理问题的思想与方法相同的是（）A．（1）（4） B．（2）（3） C．（3）（4） D．（2）（4）2．某跳伞运动训练研究所，让一名跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下，研究人员利用运动员随身携带的仪器记录下了他的运动情况，通过分析数据，定性画出了运动员从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，则对运动员的运动，下列说法正确的是（）A．0～15s末都做加速度逐渐减小的加速运动B．0～10s末做自由落体运动，15s末开始做匀速直线运动C．10s末打开降落伞，以后做匀减速运动至15s末D．10s末～15s末加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小3．甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变．在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半．则甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比为（）A．2：5 B．5：7 C．2：7 D．3：84．如图所示，将小球a从地面以初速度v0竖直上抛的同时，将另一相同质量的小球b从距地面h处由静止释放，两球恰在处相遇（不计空气阻力）．则（）A．两球同时落地B．相遇时两球速度大小相等C．从开始运动到相遇，球a动能的减少量等于球b动能的增加量D．相遇后的任意时刻，重力对球a做功功率和对球b做功功率相等5．在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间t后停止．现将该木板改置成倾角为45°的斜面，让小物块以相同的初速度沿木板上滑．若小物块与木板之间的动摩擦因数为μ．则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为（）A．B． C．D．6．如图所示，物块M通过与斜面平行的细绳与小物块m相连，斜面的倾角α可以改变，讨论物块M对斜面的摩擦力大小，则有（）A．若物块M保持静止，则α角越大，摩擦力一定越大B．若物块M保持静止，则α角越大，摩擦力一定越小C．若物块M沿斜面下滑，则α角越大，摩擦力一定越大D．若物块M沿斜面下滑，则α角越大，摩擦力一定越小7．有三个光滑斜轨道1、2、3，它们的倾角依次是60°，45°，30°，这些轨道交于O点．现有位于同一竖直线上的三个小物体甲、乙、丙分别沿这三个轨道同时从静止自由下滑，如图所示，物体滑到O点的先后顺序是（）A．甲最先，乙稍后，丙最后B．乙最先，然后甲和丙同时到达C．甲、乙、丙同时到达D．乙最先，甲稍后，丙最后8．物块A1、A2、B1、B2的质量均为m，A1、A2用刚性轻杆连接，B1、B2用轻质弹簧连接，两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如图所示，今突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A1、A2受到的合力分别为F A1和F A2，B1、B2受到的合力分别为F B1和F B2，则（）A．F A1=0，F A2=2mg，F B1=0，F B2=2mgB．F A1=mg，F A2=mg，F B1=0，F B2=2mgC．F A1=0，F A2=2mg，F B1=mg，F B2=mgD．F A1=mg，F A2=2mg，F B1=mg，F B2=mg9．如图，OA为一遵从胡克定律的软绳，其一端固定于天花板上的O点，另一端与静止在动摩擦因素恒定的水平面上的滑块相连接．当绳处于竖直位置时，滑块A对地面有压力作用，已知B为一紧挨绳的光滑水平小钉，它到天花板的距离BO等于弹性绳的自然长度，现用一水平力F作用于A，使之向右直线运动，则在运动过程中（）A．地面对A的支持力N逐渐减小B．地面对A的摩擦力f保持不变C．水平拉力F保持不变D．水平拉力F逐渐变小10．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A．M静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变11．原来做匀速运动的升降机内有一被伸长弹簧拉住的具有一定质量的物体A静止在地板上，如图所示，现发现A突然被弹簧拉向右方．由此可判断，此时升降机的运动可能是（）A．加速上升 B．减速上升 C．加速下降 D．减速下降12．如图所示，质量为m2的物体2放在正沿平直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮链接质量为m1的物体，与物体1相连接的绳与竖直方向成θ角，则（）A．车厢的加速度为gsinθB．绳对物体1的拉力为C．底板对物体2的支持力为（m2﹣m1）gD．物体2所受底板的摩擦力为m2gsinθ二、实验题（每空2分，共16分）13．如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”试验中，由打点计时器得到表示小车运动的一条纸带，纸带上相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，各间距S1=7.05cm，S2=7.687cm，S3=8.33cm，S4=8.95cm，S5=9.61cm，S6=10.26cm，则A处瞬时速度的大小为，小车运动加速度的表达式为，加速度的大小为．（以上计算结果均保留三位有效数字）14．某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系．（1）做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器（图中未画出）可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为△t1、△t2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x，用游标卡尺测得遮光条宽度d．则滑块经过光电门1时的速度表达式v1= ；经过光电门2时的速度表达式v2= ，滑块加速度的表达式a= ．（以上表达式均用已知字母表示）．（2）为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度h（见图甲）．关于“改变滑块质量M和气垫导轨右端的高度h”的正确操作方法是A．M增大时，h增大，以保持二者乘积增大B．M增大时，h减小，以保持二者乘积不变C．M减小时，h增大，以保持二者乘积不变D．M减小时，h减小，以保持二者乘积减小．三、计算题（本题共3小题，共31分。
2016届湖南省衡阳市衡阳四中高三上学期期中物理试(解析版)
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高三（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分）1．如图所示，一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，现对物块施加一个竖直向下的恒力F，则物块( )A．沿斜面加速下滑B．仍处于静止状态C．受到的摩擦力不变 D．受到的合外力增大2．甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移﹣时间（x﹣t）图象如图所示，由图象可以看出在0〜4s内( )A．甲、乙两物体始终同向运动B．4s时甲、乙两物体间的距离最大C．甲的平均速度等于乙的平均速度D．甲、乙两物体之间的最大距离为4m3．如图所示，两竖直木桩ab、cd固定，一不可伸长的轻绳两端固定在a、c绳长为L，一质量为m的物体A通过轻质光滑挂L挂在轻绳中间，静止时轻绳两端夹角为120°．若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，物体A后仍处于静止状态，橡皮筋处于弹性限度内，若重力加速度大小为g，上述两种情况，下列说法正确的是( )A．轻绳的弹力大 mg B．轻绳的弹力小于mgC．橡皮筋的弹力大于mg D．橡皮筋的弹力小于mg4．如图所示，船从A处开出后沿直线AB到达对岸，若AB与河岸成37°角，水流速度为4m/s，则船从A 点开出的最小速度为( )A．2m/s B．2.4m/s C．3m/s D．3.5m/s5．（单选）将两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图所示．用力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ=30°，则F达到最小值时Oa绳上的拉力为( )A．mg B．Mg C．mg D．mg6．一个质量为m的木块静止在粗糙的水平面上，木块与水平面间的滑动摩擦力大小为2F0，某时刻开始受到如图所示的水平拉力的作用，下列说法正确的是( )A．0到t0时间内，木块的位移大小为B．t0时刻合力的功率为C．0到t0时间内，水平拉力做功为D．2t0时刻，木块的速度大小为7．横截面为直角三角形的两个相同斜面如图紧靠在一起，固定在水平面上，它们的竖直边长都是底边长的一半．小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上．其中三个小球的落点分别是a、b、c．图中三小球比较，下列判断正确的是( )A．落在c点的小球飞行时间最短B．落在a点的小球飞行过程速度的变化量最大C．落在c点的小球飞行过程速度变化最快D．无论小球抛出时初速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直8．一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．已知引力常量为G，则这颗行星的质量为( )A． B． C． D．9．卫星的发射往往不是“一步到位”，而是经过几次变轨才定位在圆周轨道上的．神舟七号飞船发射升空后，先在近地点高度200公里、远地点高度347公里的椭圆轨道上运行5圈，当飞船在远地点时实施变轨进入347公里的圆轨道．飞船变轨过程可简化为如图所示，假设在椭圆轨道2的P点为椭圆轨道2进入圆轨道3的相切点，则( )A．在P点需要点火，使飞船减速B．飞船在轨道2经过P点时的向心加速度等于它在轨道3上经过P点的向心加速度C．飞船在轨道2上运动到P点时的加速度大于在轨道3上经过P点的加速度D．飞船在轨道2上运动到Q点时的机械能小于在轨道3上经过P点的机械能10．如图所示，传送皮带的水平部分AB是绷紧的．当皮带不动时，滑块从斜面顶端由静止开始下滑，通过AB所用的时间为t1，从B端飞出时速度为v1．若皮带顺时针方向转动时，滑块同样从斜面顶端由静止开始下滑，通过AB所用的时间为t2，从B端飞出时的速度为v2，则t1和t2、v1和v2相比较，可能的情况是( )A．t1=t2 B．t1＞t2C．v1=v2 D．v1＞v2二、实验题（本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分）11．某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为__________N．（2）下列不必要的实验要求是__________（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置．12．某同学设计了一个如图所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置．实验中该同学在砝码总质量（m+m′=m0）保持不变的条件下，改变m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数．（1）该同学手中有打点计时器、纸带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有__________．A．秒表__________B．毫米刻度尺__________C．天平__________D．低压交流电源（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图2所示，从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA=1.61cm，OB=4.02cm，OC=7.26cm，OD=11.30cm，OE=16.14cm，OF=21.80cm，打点计时器打点频率为50Hz，则由此纸带可得到打E 点时滑块的速度v=__________m/s，此次实验滑块的加速度a=__________m/s2．（结果均保留两位有效数字）（3）在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图3所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ=__________．（g取10m/s2）三、计算题（本题共3道小题，13题14分，14题16分，15题15分，共45分）13．（14分）某同学为了测定木块与斜面间的动摩擦因数，他用测速仪研究木块在斜面上的运动情况，装置如图甲所示．他使木块以初速度v0=4m/s的速度沿倾角θ=30°的斜面上滑紧接着下滑至出发点，并同时开始记录数据，结果电脑只绘出了木块从开始上滑至最高点的v﹣t图线如图乙所示．g取10m/s2．求：（1）上滑过程中的加速度的大小a1；（2）木块与斜面间的动摩擦因数μ；（3）木块回到出发点时的速度大小v．14．（16分）如图所示，AB高h=0.6m，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A点以某一初速度v0水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板．已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.4m，C 点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=60°，不计空气阻力，g取10m/s2．求：（1）求平抛初速度v0（2）小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；（3）要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少多大？15．如图所示，在高速公路某处安装了一台500万像素的固定雷达测速仪，可以准确抓拍超速车辆以及测量运动车辆的加速度．若汽车距测速仪355m时刻测速仪发出超声波，同时汽车由于紧急情况而急刹车，当测速接收到反射回来的超声波信号时，汽车恰好停止，此时汽车距测速仪335m，已知声速为340m/s．（1）求汽车刹车过程中的加速度；（2）若该路段汽车正常行驶时速度要求在60km/h～110km/h，则该汽车刹车前的行驶速度是否合法？2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高三（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分）1．如图所示，一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，现对物块施加一个竖直向下的恒力F，则物块( )A．沿斜面加速下滑B．仍处于静止状态C．受到的摩擦力不变 D．受到的合外力增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，对其受力分析，可求出动摩擦因数，加力F后，根据共点力平衡条件，可以得到压力与最大静摩擦力同时变大，物体依然平衡．【解答】解：由于质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，说明斜面对物块的摩擦力等于最大静摩擦力，对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有f=mgsinθN=mgcosθf=μN解得μ=tanθ对物块施加一个竖直向下的恒力F，再次对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有与斜面垂直方向依然平衡：N=（mg+F）cosθ因而最大静摩擦力为：f=μN=μ（mg+F）cosθ=（mg+F）sinθ故合力仍然为零，物块仍处于静止状态，B正确，A、D错误，摩擦力由mgsinθ增大到（F+mg）sinθ，C 错误；故选：B【点评】本题要善用等效的思想，可以设想将力F撤去，而换成用一个重力的大小等于F的物体叠放在原来的物块上．2．甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移﹣时间（x﹣t）图象如图所示，由图象可以看出在0〜4s内( )A．甲、乙两物体始终同向运动B．4s时甲、乙两物体间的距离最大C．甲的平均速度等于乙的平均速度D．甲、乙两物体之间的最大距离为4m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据图象可知两物体同时同地出发，图象的斜率等于速度，通过分析两物体的运动情况，来分析两者的最大距离．【解答】解：A、x﹣t图象的斜率等于速度，可知在0﹣2s内甲沿正向运动，2﹣4s内甲沿负向运动，乙一直沿正向运动，故A错误．BD、0﹣2s内两者同向运动，甲的速度大，两者距离增大，2s后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离减小，则2s时甲、乙两物体间的距离最大，最大距离为 S=4m﹣1m=3m，故BD错误．C、由图知在0〜4s内甲乙的位移都是2m，平均速度相等，故C正确．故选：C．【点评】本题关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x 的变化量△x．3．如图所示，两竖直木桩ab、cd固定，一不可伸长的轻绳两端固定在a、c绳长为L，一质量为m的物体A通过轻质光滑挂L挂在轻绳中间，静止时轻绳两端夹角为120°．若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，物体A后仍处于静止状态，橡皮筋处于弹性限度内，若重力加速度大小为g，上述两种情况，下列说法正确的是( )A．轻绳的弹力大 mg B．轻绳的弹力小于mgC．橡皮筋的弹力大于mg D．橡皮筋的弹力小于mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】运用几何知识求出两绳与水平方向的夹角，分析挂钩受力情况，根据平衡条件求解绳中的张力T．同理分析橡皮绳的弹力．【解答】解：A、设两杆间的距离为S，细绳的总长度为L，静止时轻绳两端夹角为120°，由于重物的拉力的方向竖直向下，所以三个力之间的夹角都是120°．根据矢量的合成可知，三个力的大小是相等的．故轻绳的弹力大小为mg．故A、B错误；C、若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，橡皮筋受到拉力后长度增大，杆之间的距离不变，所以重物静止后两根绳子之间的夹角一定小于120°，两个分力之间的夹角减小，而合力不变，所以两个分力减小，即橡皮筋的拉力小于mg．故C错误，D正确．故选：D．【点评】本题要抓住挂钩与动滑轮相似，两侧绳子的拉力关于竖直方向对称，能运用几何知识求解夹角α，再运用平衡条件解题．4．如图所示，船从A处开出后沿直线AB到达对岸，若AB与河岸成37°角，水流速度为4m/s，则船从A 点开出的最小速度为( )A．2m/s B．2.4m/s C．3m/s D．3.5m/s【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】本题中船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和顺水流而下的分运动，合速度方向已知，顺水流而下的分运动速度的大小和方向都已知，根据平行四边形定则可以求出船相对水的速度的最小值．【解答】解：船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和顺水流而下的分运动，其中，合速度v合方向已知，大小未知，顺水流而下的分运动v水速度的大小和方向都已知，沿船头指向的分运动的速度v船大小和方向都未知，合速度与分速度遵循平行四边形定则（或三角形定则），如图当v合与v船垂直时，v船最小，由几何关系得到v船的最小值为v船=v水sin37°=2.4m/s．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】本题关键先确定分速度与合速度中的已知情况，然后根据平行四边形定则确定未知情况．5．（单选）将两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图所示．用力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ=30°，则F达到最小值时Oa绳上的拉力为( )A．mg B．Mg C．mg D．mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】作图题；定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】以两个小球组成的整体为研究对象，当F垂直于Oa线时取得最小值，根据平衡条件利用几何关系可求得oa绳上的拉力．【解答】解：以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，根据平衡条件得F的oa绳上的拉力T=2mgcos30°=mg；故选：A【点评】本题是隐含的临界问题，关键运用图解法确定出F的范围，得到F最小的条件，再由平衡条件进行求解．6．一个质量为m的木块静止在粗糙的水平面上，木块与水平面间的滑动摩擦力大小为2F0，某时刻开始受到如图所示的水平拉力的作用，下列说法正确的是( )A．0到t0时间内，木块的位移大小为B．t0时刻合力的功率为C．0到t0时间内，水平拉力做功为D．2t0时刻，木块的速度大小为【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式求出瞬时速度的大小和位移的大小，根据力和位移求出水平拉力做功大小【解答】解：A、0到t0时间内，产生的加速度为产生的位移为，故A错误；B、t0时刻的速度为v=at0=，t0时刻合力的功率为为P=2F0v=，故B错误；C、0到t0时间内，水平拉力做功为W=，故C错误；D、在t0之后产生的加速度为，2t0时刻，木块的速度大小为v=，故D正确；故选：D【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁7．横截面为直角三角形的两个相同斜面如图紧靠在一起，固定在水平面上，它们的竖直边长都是底边长的一半．小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上．其中三个小球的落点分别是a、b、c．图中三小球比较，下列判断正确的是( )A．落在c点的小球飞行时间最短B．落在a点的小球飞行过程速度的变化量最大C．落在c点的小球飞行过程速度变化最快D．无论小球抛出时初速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，物体的运动的时间是由竖直方向上下落的高度决定的．【解答】解：A、小球落在c点的高度差最小，根据h=知，飞行时间最短．故A正确．B、小球落在a点的高度差最大，根据h=知，飞行时间最长，则速度的变化量最大．故B正确．C、小球做平抛运动的加速度都为g，则速度变化快慢相同．故C错误．D、首先a点上是无论如何不可能垂直的，然后看b、c点，竖直速度是gt，水平速度是v，然后斜面的夹角是arctan0.5，要合速度垂直斜面，把两个速度合成后，需要θ，即v=0.5gt，那在过了t时间的时候，竖直位移为0.5gt2水平位移为vt=（0.5gt）•t=0.5gt2即若要满足这个关系，需要水平位移和竖直位移都是一样的，显然在图中b、c是不可能完成的，因为在b、c上水平位移必定大于竖直位移，故D正确．故选ABD．【点评】由于竖直边长都是底边长的一半，通过计算可以发现，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直，这是本题中比较难理解的地方，不能猜测，一定要通过计算来说明问题．8．一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．已知引力常量为G，则这颗行星的质量为( )A． B． C． D．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】先求出该星球表面重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解【解答】解：G=mg所以g=根据万有引力提供向心力得：解得：M=故选B【点评】本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁．9．卫星的发射往往不是“一步到位”，而是经过几次变轨才定位在圆周轨道上的．神舟七号飞船发射升空后，先在近地点高度200公里、远地点高度347公里的椭圆轨道上运行5圈，当飞船在远地点时实施变轨进入347公里的圆轨道．飞船变轨过程可简化为如图所示，假设在椭圆轨道2的P点为椭圆轨道2进入圆轨道3的相切点，则( )A．在P点需要点火，使飞船减速B．飞船在轨道2经过P点时的向心加速度等于它在轨道3上经过P点的向心加速度C．飞船在轨道2上运动到P点时的加速度大于在轨道3上经过P点的加速度D．飞船在轨道2上运动到Q点时的机械能小于在轨道3上经过P点的机械能【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】在轨道3上万有引力完全提供圆周运动向心力，在轨道2上经过P点时，做近心运动万有引力大于在P点圆周运动的向心力，据此分析即可．【解答】解：A、在轨道2上经过P点时有：，在轨道3上满足万有引力提供圆周运动向心力，由此可知在轨道2上需点火加速才可以进入轨道3，故A错误；B、根据向心加速度的表达式知在轨道2上经过P点的速度小于在轨道3的速度，故向心加速度小于轨道3上经过P点的向心加速度，故B错误；C、飞船的加速度由万有引力产生，故在P点时，飞船的加速度大小相同，故C错误；D、由A分析知，在轨道2上经过P点时的机械能小于在轨道3上经过P点时的机械能，由在轨道2上运行时机械能守恒，故飞船在轨道2上运动到Q点的机械能小于在轨道3上经过P点的机械能，故D正确．故选：D．【点评】掌握飞船变轨原理是通过让飞船做离心运动或近心运动实现的，掌握万有引力与向心力的表达式是正确解题的关键．10．如图所示，传送皮带的水平部分AB是绷紧的．当皮带不动时，滑块从斜面顶端由静止开始下滑，通过AB所用的时间为t1，从B端飞出时速度为v1．若皮带顺时针方向转动时，滑块同样从斜面顶端由静止开始下滑，通过AB所用的时间为t2，从B端飞出时的速度为v2，则t1和t2、v1和v2相比较，可能的情况是( )A．t1=t2 B．t1＞t2C．v1=v2 D．v1＞v2【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；机械能守恒定律．【专题】传送带专题．【分析】根据机械能守恒定律知道滑上传送带的速度，与传送带的运行速度进行比较，判断物体的运动规律进行求解即可．【解答】解：当传送带不动时，小物块在传送带上做匀减速运动，若皮带顺时针方向转动的速度为v，当v1≥v，小物块在传送带上一直做匀减速运动，所以t1=t2．此时v1=v2；若皮带顺时针方向转动的速度为v，物体到A点的速度为v0，当v1＜v＜v0时，小物块在传送带上可能先做匀减速运动，然后匀速运动，当v1＜v0=v时，一直匀速运动，当v0＜v1＜v时，一直加速运动，到达B点的时间t1≥t2，速度v1≤v2；所以ABC正确，D错误故选ABC．【点评】解决本题的关键掌握机械能守恒定律，以及会根据物块的受力判断物块的运动规律，当物块的速度大于传送带的速度，则在传送带上先做匀减速运动，当速度等于传送带速度时，做匀速直线运动．二、实验题（本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分）11．某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为3.6N．（2）下列不必要的实验要求是D（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题．【分析】确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数．在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验．【解答】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．本题选不必要的，故选：D．故答案为：（1）3.6，（2）D【点评】本题考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直．12．某同学设计了一个如图所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置．实验中该同学在砝码总质量（m+m′=m0）保持不变的条件下，改变m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数．。
新课标2015-2016学年高一上学期第一次月考试卷物理(Word版)
2015-2016学年上学期第一次月考高一物理试题【新课标】一、单选题（每题只有一个正确选项，共8题，每题5分）1．下列关于物理学家及其贡献说法中错误的是（ ）A ．开普勒通过深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律B ．卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量，说自己是“称量地球质量”C ．牛顿提出了万有引力定律，并发现了海王星D ．以牛顿运动定律和万有引力定律为基础的经典力学适用于宏观、低速、弱引力的领域。
2.关于曲线运动的说法正确的是（ ）A ．做曲线运动的物体可能是受到平衡力的作用B ．曲线运动一定是变速运动C ．曲线运动一定是变加速运动D ．曲线运动不可能是匀变速运动3.狗拉雪橇沿位于水平面内的圆弧形道路匀速行驶，下图为四个关于雪橇受到的牵引力F 及滑动摩擦力f 的示意图(O 为圆心)，其中正确的是( )．4.如图所示，在玻璃管的水中有一红蜡块正在匀速上升，若红蜡块在A 点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的( )A ．直线PB ．曲线QC ．曲线RD ．无法确定是P 还是Q5.我国航天技术起步较晚但发展很快。
设我国自行研制的“风云二号”气象卫星和“神舟”号飞船都绕地球做匀速圆周运动。
“风云二号”离地面的高度约为36000km ，“神舟”号飞船离地面的高度约为340km 。
关于“风云二号”和“神舟”号飞船的运行情况，以上说法正确的是（ ） A ．它们的线速度都大于第一宇宙速度B ．“风云二号”的向心加速度大于“神舟”号飞船的向心加速度C ．“风云二号”的角速度小于“神舟”号飞船的角速度D ．“风云二号”的周期小于“神舟”号飞船的周期6. 在抗洪抢险中，战士驾驶摩托艇救人，假设江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度为v 1，摩托艇在静水中的航速为v 2，战士救人的地点A 离岸边最近处O 的距离为d ，如战士想在最短时间内将人送上岸，则摩托艇登陆的地点离O 点的距离为( )OA V 1A.21222v v dv - B.0C.21v dvD.12v dv 7.如图所示，靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，大轮半径是小轮半径的2倍．A 、B 分别为大、小轮边缘上的点，C 为大轮上一条半径的中点．则 （ ）A.两轮转动的角速度相等B ．大轮转动的角速度是小轮的2倍C ．质点A 的加速度是质点B 的2倍D ．质点B 的加速度是质点C 的4倍8.一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如右图中虚线所示。
湖南省衡阳市衡阳四中2015-2016学年高二上学期月考物
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（木题共12小题，每小题5分，共60分．多选题己在题号后标出，多选题选项选对而没选全的得3分，有选错的得0分） 1．关于导体的电阻，下列说法正确的是（ ） A ．导体的电阻仅由导体两端的电压决定B ．导体的电阻在一定温度下仅由长度和横截面积决定C ．导体的电阻在一定温度下由导体的长度、粗细及材料决定D ．导体的电阻与导体所通电流的大小有关2．两个分别带有电荷量﹣Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ．若将两小球相互接触后分开一定的距离，两球间库仑力的大小变为，则两小球间的距离变为（ ）A ．B ．C ．rD ．2r3．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A 点移到B 点时，电场力做了5×10﹣6J 的功（ ） A ．电荷在B 处时将具有5×10﹣6J 的电势能 B ．电荷在B 处将具有5×10﹣6J 的动能 C ．电荷的电势能减少了5×10﹣6J D ．电荷的动能增加了5×10﹣6J4．当外电路的电阻分别为8Ω和2Ω时，单位时间内在外电路上产生的热量正好相等，则该电源的内电阻是（ ）A ．1ΩB ．2ΩC ．4ΩD ．6Ω5．某带电粒子仅在电场力作用下由A 点运动到B 点，电力线、粒子在A 点的初速度以及运动轨迹如图所示．由此可以判定（ ）A ．粒子在A 点的加速度大于它在B 点的加速度 B ．粒子在A 点的动能小于它在B 点的动能C ．粒子在A 点的电势能小于它在B 点的电势能D ．A 点的电势低于B 点的电势6．a 、b 、c 、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a 点的电势为20V ，b 点的电势为24V ，d 点的电势为4V ，如图，由此可知c 点的电势为（ ）A．4V B．8V C．12V D．24V7．在如图所示的U﹣I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知下列说法正确的是（）A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5ΩB．电阻R的阻值为1ΩC．电源的输出功率为4 WD．电源的效率为50%8．如图所示电路，闭合开关S，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路的故障可能是（）A．电流表坏了或未接好B．从点a经过灯L1到点b的电路中有断路C．灯L2的灯丝断了或灯座未接通D．电流表和灯L1、L2都坏了9．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）A．的读数变大，的读数变小B．的读数变大，的读数变大C．的读数变小，的读数变小D．的读数变小，的读数变大10．在如图所示的电路中，定值电阻的阻值为10Ω，电动机M的线圈电阻值为2Ω，a、b两端加有44V的恒定电压，理想电压表的示数为24V，由此可知（）A．通过电动机的电流为12AB．电动机消耗的功率为24WC．电动机输出的功率为8WD．电动机线圈在1分钟内产生的热量为480J11．用控制变量法，可研究影响平行板电容器电容的因素（如图）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ变大12．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变二、实验题（本题10分）13．现有器材：理想电流表一个，两个定值电阻R1、R2，单刀单掷开关两个，导线若干，要求利用这些器材较精确地测量一节干电池的电动势（电动势约1.5V）．（1）在虚线方框内画出实验电路图；（2）用已知量和测得量表示待测电动势的数学表达式E=．三、计算题（木题共3小题，共30分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）14．如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=0.5Ω，标有“8V，16w”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M的绕线的电阻R0=1Ω，求：（1）电源的总功率．（2）电动机的输出功率．15．如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．则：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）A、B两点的电势差U AB为多少？（3）匀强电场的场强为多大？16．某一平行板电容器两端电压是U，间距为d，设其间为匀强电场，如图所示．现有一质量为m的小球，以速度V0射入电场，V0的方向与水平成45°斜向上；要使小球做直线运动，则（1）小球带何种电荷？电量是多少？（2）在入射方向上的最大位移是多少？2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（木题共12小题，每小题5分，共60分．多选题己在题号后标出，多选题选项选对而没选全的得3分，有选错的得0分）1．关于导体的电阻，下列说法正确的是（）A．导体的电阻仅由导体两端的电压决定B．导体的电阻在一定温度下仅由长度和横截面积决定C．导体的电阻在一定温度下由导体的长度、粗细及材料决定D．导体的电阻与导体所通电流的大小有关【考点】电阻定律．【分析】由电阻决定式和定义式可判定各个选项．【解答】解：A、由电阻定义式：，此公式为比值定义，故各个量不存在正反比关系，电阻与电压无关，故A错误．B、由电阻决定式可知，电阻与导体电阻率，长度和横截面积有关，故B错误．C、由电阻决定式可知，电阻与导体电阻率，长度和横截面积有关，电阻率由材料决定，横截面积由粗细决定，故C正确．D、由电阻定义式：，此公式为比值定义，故各个量不存在正反比关系，电阻与通电电流无关，故D错误．故选：C2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．若将两小球相互接触后分开一定的距离，两球间库仑力的大小变为，则两小球间的距离变为（）A．B．C．r D．2r【考点】库仑定律．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，两球间库仑力的大小变为，库仑力为F′=k=，r′=所以两小球间的距离变为，故选B．3．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10﹣6J的功（）A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能C．电荷的电势能减少了5×10﹣6JD．电荷的动能增加了5×10﹣6J【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】电场力做功等于电势能的减小量，根据电场力做功得出电势能的变化，根据动能定理得出电荷动能的变化．【解答】解：A、电场力做了5×10﹣6J的功，则电势能减小了5×10﹣6J，由于A处的电势能未知，故无法求出B处电荷的电势能，故A错误，C正确．B、根据动能定理知，电场力做了5×10﹣6J的功，则动能增加了5×10﹣6J，由于A处的动能未知，则B处的动能无法得出，故D正确，B错误．故选：CD．4．当外电路的电阻分别为8Ω和2Ω时，单位时间内在外电路上产生的热量正好相等，则该电源的内电阻是（）A．1ΩB．2ΩC．4ΩD．6Ω【考点】焦耳定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】当外电路电阻分别为8Ω和2Ω时，根据闭合电路欧姆定律列式，根据单位时间在外电路放出的热量正好相等列式，联立方程即可求解．【解答】解：当外电路电阻分为8Ω时，根据闭合电路欧姆定律得：I1==…①当外电路电阻分为2Ω时，根据闭合电路欧姆定律得：I2==…②根据单位时间在外电路放出的热量正好相等得：I12R1=I22R2…③由①②③解得：r=4Ω故选：C5．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电力线、粒子在A点的初速度以及运动轨迹如图所示．由此可以判定（）A．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B．粒子在A点的动能小于它在B点的动能C．粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．A点的电势低于B点的电势【考点】电场线；电势差与电场强度的关系．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解：A、由电场线可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，即A点的加速度小于它在B点的加速度，所以A错误；B、粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从A到B的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在A点的动能小于它在B点的动能，所以B正确，C错误；D、沿电场线的方向，电势降低，所以A点的电势大于B点的电势，所以D错误．故选B．6．a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A．4V B．8V C．12V D．24V【考点】等势面；电势．【分析】在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cf∥ae，φc=φf=8v．【解答】解：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则U be=U bd=×（24﹣4）=4v，故U be=φb﹣φe=4v，故φf﹣φd=4v，故φe=24﹣4=20v．φf=8v．故φa=φe，连接cf，则cf∥ae，故c点的电势φc=φf=8v．故B正确．故选B．7．在如图所示的U﹣I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知下列说法正确的是（）A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5ΩB．电阻R的阻值为1ΩC．电源的输出功率为4 WD．电源的效率为50%【考点】电功、电功率；欧姆定律．【分析】根据图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势，斜率大小读出电源的内阻．图线Ⅱ的斜率大小等于电阻R的大小．两图线的交点表示电阻R接在该电源的电压和电流，求出电源的输出功率和电源的效率．【解答】解：A、由图线图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势E=3V，其斜率大小等于电源的内阻r==Ω=0.5Ω．故A正确．B、电阻R的阻值为R==Ω=1Ω．故B正确．C、两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时电路中电流和路端电压，则有U=2V，I=2A，电源的输出功率为P=UI=2×2W=4W．故C正确．D、电源的效率为η==≈66.7%．故D错误．故选：ABC8．如图所示电路，闭合开关S，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路的故障可能是（）A．电流表坏了或未接好B．从点a经过灯L1到点b的电路中有断路C．灯L2的灯丝断了或灯座未接通D．电流表和灯L1、L2都坏了【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】S闭合后，两个灯泡都不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路有断路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表通过电流表和L2与电源两极相连，因此L1处出现开路．【解答】解：A、若电流表坏了或未接好，电路中没有电流，电压表就无示数，不符合题意；故A错误．B、电压表有示数，说明电流表和L2完好，电压表直接与电源两极相连，说明L1的灯丝烧断，故B正确．C、L2的灯丝烧断，电压表无示数，不符合题意；故C错误．D、电流表和灯L1、L2都坏了，电压表应无示数，不符合题意．故D错误．故选：B．9．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）A．的读数变大，的读数变小B．的读数变大，的读数变大C．的读数变小，的读数变小D．的读数变小，的读数变大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据S的通断可分析出电路电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流及路端电压的变化；再由串并联电路的性质可判及各部分电流的变化．【解答】解：S断开时，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1的电压和内电压减小，故R3两端的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，故B正确；故选：B．10．在如图所示的电路中，定值电阻的阻值为10Ω，电动机M的线圈电阻值为2Ω，a、b两端加有44V的恒定电压，理想电压表的示数为24V，由此可知（）A．通过电动机的电流为12AB．电动机消耗的功率为24WC．电动机输出的功率为8WD．电动机线圈在1分钟内产生的热量为480J【考点】电功、电功率；焦耳定律．【分析】A、根据ab两端的电压和电压表的示数，求出R两端的电压，再根据欧姆定律求出通过电动机的电流．B、根据P=UI求出电动机的输入功率，即电动机消耗的功率．C、电动机的输出功率等于输入功率减去电动机内部消耗的功率．D、根据Q=I2rt求出电动机在1分钟内产生的热量．【解答】解：A、通过电动机的电流为：．故A错误．B、电动机消耗的功率为：P=UI=24×2W=48W．故B错误．C、电动机的输出功率为：．故C错误．D、电动机线圈在1分钟内产生的热量为：Q=I2rt=4×2×60J=480J，故D正确．故选：D．11．用控制变量法，可研究影响平行板电容器电容的因素（如图）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ变大【考点】电容器的动态分析．【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况．【解答】解：A、B、根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大．故A正确，B错误．C、D、根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大．故C错误，D正确．故选：AD12．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器始终与电源相连，则电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．【解答】解：A、根据C=知，d增大，则电容减小．故A错误．B、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变．故B错误．C、电势差不变，d增大，则电场强度减小，P点与上极板的电势差减小，则P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小．故C正确．D、电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变．故D正确．故选CD．二、实验题（本题10分）13．现有器材：理想电流表一个，两个定值电阻R1、R2，单刀单掷开关两个，导线若干，要求利用这些器材较精确地测量一节干电池的电动势（电动势约1.5V）．（1）在虚线方框内画出实验电路图；（2）用已知量和测得量表示待测电动势的数学表达式E=．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】根据由于干电池电动势和内阻两个物理量未知，需要根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，运用开关S1、S2，分别闭合可以解决，根据闭合电路欧姆定律列出两个方程求解干电池的电动势．【解答】解：（1）由于干电池电动势和内阻两个物理量未知，所以需要根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，运用开关S1、S2，分别闭合可以解决，如图：（2）根据闭合电路欧姆定律，列出两个方程，即：E=I1（R1+r），E=I2（R1+R2+r）解得：E=故答案为：（1）如图；（2）．三、计算题（木题共3小题，共30分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）14．如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=0.5Ω，标有“8V，16w”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M的绕线的电阻R0=1Ω，求：（1）电源的总功率．（2）电动机的输出功率．【考点】电功、电功率．【分析】（1）由题，“8V，16w”的灯泡L恰好能正常发光，灯泡的电压为U=8V，电源的内电压为U′=E﹣U=2V，根据欧姆定律求出电路中总电流I，电源的总功率为P=EI．（2）根据功率功率求出灯泡的电流，通过电动机的电流等于总电流与灯泡电流之差．电动机的输出功率等于电功率与发热功率之差．【解答】解：依据题意可知（1）由题可知，电路中路端电压为U=8V，电路中的总电流I==A=4A则电源的总功率为P=EI=10×4W=40W（2）通过灯泡的电流I L==A=2A通过电动机的电流I M=I﹣I L=2A=R0=22×1W=4W电动机的热功率：P热电动机的输出功率：P 出=UI M ﹣P 热=8×2W ﹣4W=12W答：（1）电源的总功率是40W ．（2）电动机的输出功率是12W ．15．如图所示，在匀强电场中，有A 、B 两点，它们间距为2cm ，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为﹣2×10﹣5C 的电荷由A 移到B ，其电势能增加了0.1J ．则： （1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）A 、B 两点的电势差U AB 为多少？（3）匀强电场的场强为多大？【考点】功的计算；电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）根据电场力做功与电势能之间的关系，可以判断电场力做功的多少； （2）由电场力做功的公式，可以求得电势差；（3）由电势差的公式可以求得电场的场强．【解答】解：（1）电场力做正功，电势能就减小，电场力做负功，电势能就增加，增加的电势能等于电场力做的功，所以电势能增加了0.1J ，电场力对电荷就做﹣0.1J 的功．（2）由W=qU 可得，U==V=5000V ，（3）A 、B 两点间的沿电场线方向的距离为D=2×cos60°=1cm=1×10﹣2 m ，由U=ED 得，E==V/m=5×105 V/m ．答：（1）在此过程中，电场力对该电荷做功为﹣0.1J ；（2）A 、B 两点的电势差U AB 为5000V ；（3）匀强电场的场强为5×105 V/m ．16．某一平行板电容器两端电压是U ，间距为d ，设其间为匀强电场，如图所示．现有一质量为m 的小球，以速度V 0射入电场，V 0的方向与水平成45°斜向上；要使小球做直线运动，则（1）小球带何种电荷？电量是多少？（2）在入射方向上的最大位移是多少？【考点】带电粒子在混合场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）小球与水平方向成45°角斜向上射入匀强电场，要使小球做直线运动，则重力与电场力的合力与初速度共线，由此可确定小球带电电性，及电荷量．（2）小球在入射方向先做匀减速直线运动，后反向做匀加速直线运动，当速度减至零时，位移最大，由动能定理可求解小球的最大位移．【解答】解：（1）小球受到重力和电场力而做直线运动，则知电场力必定水平向左，电场力和重力的合力才有可能与初速度方向在一条直线上，所以小球带正电．由图可知，Eq=mg，又E=，所以解得：q=（2）设最大位移为x．根据动能定理得：﹣mgx=0﹣解得，x=答：（1）小球带正电荷，电量是．（2）在入射方向上的最大位移是．2016年8月14日。
湖南省衡阳市衡阳县2015-2016学年高一上学期月考物理试卷(一)(必修1) 含解析
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳县高一(上）月考物理试卷（一)（必修1）一、单项选择题（共8小题，每题4分，共32分,每题只有一个正确答案．）1．关于质点，下列说法正确的是()A．只有体积很小的物体才能看作质点B．在太空中进行飞船对接的宇航员观察该飞船，可把飞船看作质点C．质点是一个理想化的模型，实际并不存在,所以,引入这个概念没有多大意义D．从地球上的控制中心跟踪观察在太空中飞行的宇宙飞船，可把飞船看作质点2．关于力，以下说法中正确的是(）A．只有接触物体之间才可能有相互作用力B．马拉车加速前进时,马拉车的力大于车拉马的力C．地球上的物体收到重力作用,这个力没有反作用力D．相互接触的物体之间也不一定有弹力产生3．物体受到三个共点力的作用，以下四个选项中分别是这三个力的大小，其中不可能使该物体保持平衡状态的是（）A．3N，4N，6N B．5N,5N，2N C．2N，4N，6N D．1N，2N,4N4．如图所示，位于水平面上的木块在斜向右上方的拉力F的作用下保持静止状态，则拉力F 与静摩擦力F f的合力方向是（）A．向上偏右 B．向上偏左 C．竖直向下 D．竖直向上5．如图所示，物体A和B相对静止,以共同的速度沿斜面匀速下滑，则(）A．A、B间无摩擦力的作用B．B受到的滑动摩擦力的大小为（m A+m B）gsinθC．B受到的静摩擦力的大小为m A gcosθD．取走A物后，B物将做匀加速直线运动6．一个物体在多个力的作用下处于静止状态,如果仅使其中某个力的大小逐渐减小到零，然后又逐渐从零恢复到原来大小（在此过程中，此力的方向一直保持不变），那么，下列v﹣t图符合此物体运动情况的可能是（)A．B．C．D．7．一轻弹簧上端固定，下端挂一重物，重物静止时弹簧伸长了4cm．再将重物向下拉1cm，然后放手，则在刚释放的瞬间重物的加速度是（）A．7.5m/s2B．2.5m/s2C．10m/s2D．12。
湖南省衡阳市衡阳县第四中学高一 物理上学期12月月月考考试试题及答案
湖南省衡阳市衡阳县第四中学高一物理上学期12月月月考考试试题及答案一、选择题1．关于伽利略对自由落体运动的研究，下列说法中不正确的是A．在同一地点，重的物体和轻的物体下落一样快B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动的实验验证了位移与时间的平方成正比D．伽利略思想方法的核心是把实验和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来2．足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G为重力，F为脚对球的作用力，Ff为空气阻力）（）A．B．C．D．3．如图所示，有两条位于同一竖直平面内的水平轨道，轨道上有两个物体A和B，它们通过一根绕过定滑轮O的不可伸长的轻绳相连接，物体A以速率v A＝10m/s匀速运动，在绳与轨道成30°角时，物体B的速度大小v B为（）A．53m/s3B．20 m/s C．203m/s3D．5 m/s4．如图所示，AB和CD是彼此平行的河岸，若河水以恒定的速度沿平行河岸方向向右流动，现使小船船头垂直河岸，由A点匀速出发，则小船实际运动的轨迹可能是图中的A．直线P B．曲线Q C．直线R D．曲线S5．一质点沿曲线从M点运动到N点，它在P点时的速度v方向和加速度a方向可能是A ．B ．C ．D ．6．如图所示，质量为m 的物体在水平拉力F 作用下，沿粗糙水平面做匀加速直线运动，加速度大小为a ；若其他条件不变，仅将物体的质量减为原来的一半，物体运动的加速度大小为a '，则（ ）A ．a a '<B ．2a a a <'<C ．2a a '=D ．2a a '>7．单位制是由基本单位和导出单位所组成的一系列完整的单位体制。
在以下所给出的力学单位中，属于国际单位制中的基本单位是( )A ．mB ．/m sC ．2/m sD ．N8．某中学举行秋学期运动会，在100m 竞赛中，测得某一运动员5s 瞬时速度为10.4m/s ，10s 末到达终点的瞬时速度为10.2m/s 。
湖南省衡阳市衡阳县第四中学高一 物理上学期12月月月考考试试题及答案
湖南省衡阳市衡阳县第四中学高一物理上学期12月月月考考试试题及答案一、选择题1．1924年瑞典的丁·斯韦德贝里设计了超速离心机，该技术可用于混合物中分离蛋白。
如图所示，用极高的角速度旋转封闭的玻璃管一段时间后，管中的蛋白会按照不同的属性而相互分离、分层，且密度大的出现在远离转轴的管底部。
己知玻璃管稳定地匀速圆周运动，管中两种不同的蛋白P、Q相对于转轴的距离分别为r和2r，则（）A．蛋白P受到的合外力为零B．蛋白受到的力有重力、浮力和向心力C．蛋白P和蛋白Q的向心力之比为1:2 D．蛋白P和蛋白Q的向心加速度之比为1:2 2．A、B两个物体在同一直线上作匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向相反B．A物体的加速度比B物体的加速度大C．前4s内A、B两物体的位移相同D．t=4s时，A、B两物体的速度相同3．盐城某火车转弯处规定速度为60km/h，下列说法中正确的是（）A．轨道的弯道应是内轨略高于外轨B．轨道的弯道应是外轨和内轨等高C．如果火车按规定速率转弯，轨道对车轮无侧向压力D．如果火车按规定速率转弯，轨道对车轮有侧向压力4．对于平抛运动，下列说法正确的是（）A．落地时间和落地时的速度只与抛出点的高度有关B．平抛运动是加速度方向变化的曲线运动C．做平抛运动的物体，在任何相等的时间内位移的增量都是相等的D．做平抛运动的物体，在任何相等的时间内速度的增量都是相同的5．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则（）A．物块M受摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M沿车厢向下运动D．物块M沿车厢向上运动6．关于力学单位制下列说法正确的是（）A．kg、m/s、N是导出单位B．kg、s、J是基本单位C．只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=maD．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是g7．如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F作用下加速运动．已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ，下列判断正确的是( )A．物体受到的摩擦力大小为F cosθB．物体受到的摩擦力大小为μmgC．物体对地面的压力大小为mgD．物体受到地面的支持力大小为mg-F sinθ8．下列关于弹力的说法中正确的是（）A．直接接触的两个物体间必然有弹力存在B．不接触的物体间也可能存在弹力C．只要物体发生形变就一定有弹力D．直接接触且发生弹性形变的物体间才产生弹力9．如图所示，木板B托着木块A在竖直平面内做匀速圆周运动，A、B保持相对静止．a、b、c、d四个位置分别是运动过程中的最右边、最高点、最左边和最低点．下列判断中正确的是A．在a点A对B的压力最大B．在b点A对B的压力最小C．在c点A受B的摩擦力最大D．在d点A受B的摩擦力向右10．如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球A、B固定在轻杆的两端。
湖南省衡阳县第四中学高一物理12月学科联赛试题
湖南省衡阳县第四中学2016-2017学年高一物理12月学科联赛试题（扫描版）参考答案题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12答案 C B C AC AD A B BC D A C AD二、实验题13.答案：(1)A、B、C (2)不能量程太小14.【解析】(1)瞬时速度、平均速度和加速度都是计算出来的,由纸带可以直接得到的物理量是时间间隔,选A。
(2)4点对应的时刻的瞬时速度v4=m/s≈0.314 m/s(3)描点作图(4)根据图像得：a==m/s2=0.495 m/s2三、计算题15.【解析】(1)汽车从开始刹车到静止所需要的时间t==5s<6s, (3分)故汽车刹车后6s内经过的位移为x=v0t+a t2=25m (3分)(2)可以进行逆向分析,认为汽车由静止开始在t1=2.5s内做逆向的匀加速运动,故x1=a=6.25m16.【解析】(1)竖直绳OC的拉力F=G=10N, (2分)将其按作用效果分解,作出平行四边形如图所示。
由几何关系得：F AO===N=10N。
(3分)F BO===N=10 N (3分)(2)由图知F BO=F AO cosθ,故AO绳的拉力总大于BO绳的拉力,因此,当C的重力逐渐增加时AO 绳先断。
(4分)17. 解析 (1)当A 、B 两汽车速度相等时，两车间的距离最远，即v ＝v B －at ＝v A得t ＝v B －v Aa＝3 s 此时汽车A 的位移x A ＝v A t ＝12 m 汽车B 的位移x B ＝v B t －12at 2＝21 mA 、B 两汽车间的最远距离Δx m ＝x B ＋x 0－x A ＝16 m(2)汽车B 从开始减速直到静止经历的时间t 1＝v B a＝5 s运动的位移x B ′＝v 2B2a＝25 m汽车A 在t 1时间内运动的位移x A ′＝v A t 1＝20 m 此时相距Δx ＝x B ′＋x 0－x A ′＝12 m 汽车A 需再运动的时间t 2＝Δxv A＝3 s故汽车A 追上汽车B 所用时间t ＝t 1＋t 2＝8 s 。
高一物理月考试题及答案-湖南衡阳市衡阳四中2015-2016学年高一上学期第三次周清试题(思齐班)
2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高一（上）第三次周清物理试卷（思齐班）一、选择题（本题共20小题，每小题5分，共60分．多选题已在题号后标出，选对但没选全对的得3分，选错的得0分）1．一物体做匀变速直线运动，下列说法中正确的是（）A．物体的末速度一定与时间成正比B．物体的位移可能与时间的平方成正比C．物体的速度在一定时间内发生的变化与这段时间成正比D．若为匀加速运动，位移随时间增加，若为匀减速运动，位移随时间减小2．（5分）一位同学在使用打点计时器时，纸带上的点不是圆点而是一些短线，如图所示，这可能的原因是（）A．接到了直流电源上 B．电源电压不稳定C．电源频率不稳定D．打点针压得过紧3．如图所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为（）A．πR B．2R C．2πR D．4．下列关于质点的说法正确的是（）A．地球很大，一定不能看作质点B．原子核很小，一定能看作质点C．同一物体在不同情况下，有时可以看作质点，有时不能看作质点D．质点只是一种理想化的模型，无任何实际意义5．在以下哪些情况下可将物体看成质点（）A．研究某学生骑车回校的速度B．对某学生骑车姿势进行生理学分析C．研究火星探测器从地球到火星的飞行轨迹D．研究火星探测器降落火星后如何探测火星的表面6．如图所示，甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的匀变速直线运动的图象，下列说法正确的是（）A．甲是a﹣t图象B．乙是x﹣t图象C．丙是x﹣t图象D．丁是v﹣t图象7．物体做匀变速直线运动，其速度与时间关系是：v t=（2﹣4t）m/s，则（）A．物体的初速度是4m/s B．物体的初速度是﹣4m/sC．物体的加速度是﹣4m/s2D．物体的加速度是4m/s28．短跑运动员在100m比赛中，以8m/s的速度迅速从起点冲出，到50m处的速度是9m/s，10s末到达终点的速度是10.2m/s，则运动员在全程中的平均速度是（）A．9 m/s B．10.2 m/s C．10 m/s D．9.1 m/s9．如图所示，木块A、B并排且固定在水平桌面上，A的长度是L，B的长度是2L，一颗子弹沿水平方向以速度v1射入A，以速度v2穿出B，子弹可视为质点，其运动视为匀变速直线运动，则子弹穿出A时的速度为（）A．B．C．D．v110．汽车刹车后做匀减速直线运动，最后停了下来，在汽车刹车的过程中，汽车前半程的平均速度与后半程的平均速度之比是（）A．（+1）：1 B．2：1 C．1：（+1）D．1：11．做匀加速直线运动的物体初速度为2m/s，经过一段时间t后速度变为6m/s，则时刻速度为（）A．由于t未知，无法确定时刻的速度B．由于加速度a及时间t未知，无法确定时刻的速度C．5m/sD．4m/s12．（5分）A、B、C三质点同时同地沿一直线运动，其x﹣t图象如图所示，则在0～t0这段时间内，下列说法中正确的是（）A．质点A的位移最大B．质点C的平均速度最小C．B质点做匀速直线运动D．三质点平均速度一定不相等13．A、B两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．前4s A、B两物体的位移相同C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大14．甲、乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．在0～t1时间内，甲的加速度大于乙的加速度，且方向相反B．在0～t1时间内，甲、乙加速度方向相同C．在0～t2时间内，甲、乙运动方向相同D．在0～t2时间内，甲的加速度大于乙的加速度，且方向相同15．一物体运动的速度随时间变化的关系如图所示，根据图象可知（）A．4s内物体在做曲线运动B．4s内物体的速度一直在减小C．物体的加速度在2.5s时方向改变D．4s内物体速度的变化量的大小为8m/s16．物体从A点静止出发，做匀加速直线运动，紧接着又做匀减速直线运动，到达B点时恰好停止．在先后两个运动过程中（）A．物体通过的路程一定相等B．两次运动的加速度大小一定相同C．平均速度一定相等D．所用的时间一定相同17．物体运动的初速度为6m/s，经过10s速度的大小变为20m/s，则加速度大小可能是（）A．0.8m/s2B．1.4m/s2C．2.0m/s2D．2.6m/s218．一质点做匀变速运动，初速度大小为2m/s，3s后末速度大小变为4m/s，则下列判断正确的是（）A．速度变化量的大小可能小于2 m/sB．速度变化量的大小可能大于2 m/sC．加速度大小一定小于6 m/s2D．加速度大小一定大于6 m/s219．酒后驾驶会导致许多安全隐患，这是因为驾驶员的反应时间变长，反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间．下表中“思考距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指驾驶员发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）．速度（m/s）思考距离（m）制动距离（m）正常酒后正常酒后15 7.5 15.0 22.5 30.020 10.0 20.0 36.7 46.725 12.5 25.0 54.2 66.7分析上表可知，下列说法正确的是（）A．驾驶员正常情况下反应时间为0.5sB．驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5sC．驾驶员采取制动措施后汽车的加速度大小为3.75m/s2D．若汽车以25m/s的速度行驶时，发现前方60m处有险情，酒后驾驶者不能安全停车20．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1s内与第2s内的位移之比为x1：x2，在走完第1m时与走完第2m时的速度之比为v1：v2，以下说法正确的是（）A．x1：x2=1：3，v1：v2=1：2 B．x1：x2=1：3，v1：v2=1：C．x1：x2=1：4，v1：v2=1：2 D．x1：x2=1：4，v1：v2=1：二、实验题21．（12分）（2013秋•宜君县校级期中）如图1所示，某同学在做“研究小车速度随时间的变化规律”的实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中s1=7.05cm，s2=7.68cm、s3=8.33cm、s4=8.95cm、s5=9.61cm，s6=10.26cm．（1）求计数点3处的瞬时速度的大小．（2）作出小车运动的速度﹣时间图象2，由图象求小车运动的加速度．三、计算题（要有必要的文字说明）22．一辆汽车以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，经过6s停下来．求汽车开始减速4s内前进的距离．23．（12分）（2014秋•唐山校级期中）某辆汽车从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为0.5m/s2，达到30m/s时，突然发现前方有障碍物，便立即制动，做匀减速直线运动的加速度为3m/s2．求：（1）汽车由启动至停下来全过程的运动时间为多少？（2）全运动过程的位移为多少？24．做匀减速直线运动的物体经4s后停止，若在第1s内的位移是14m，则最后1s的位移与4s内的位移各是多少？2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高一（上）第三次周清物理试卷（思齐班）参考答案与试题解析一、选择题（本题共20小题，每小题5分，共60分．多选题已在题号后标出，选对但没选全对的得3分，选错的得0分）1．一物体做匀变速直线运动，下列说法中正确的是（）A．物体的末速度一定与时间成正比B．物体的位移可能与时间的平方成正比C．物体的速度在一定时间内发生的变化与这段时间成正比D．若为匀加速运动，位移随时间增加，若为匀减速运动，位移随时间减小【考点】匀变速直线运动的公式．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式判断速度和位移与时间的关系【解答】解：A、物体做匀变速直线运动，故速度时间关系为v=v0+at，与时间称一次函数并不一定是正比例函数，故A错误；B、物体如果作出速度为零的匀变速直线运动，物体的位移与时间关系为，与时间时的平方成正比，故B正确；C、如物体在这段时间内做初速度为零的匀变速，则速度为v=at，故速度在一定时间内发生的变化与这段时间成正比，故C正确D、当物体做匀减速运动时，速度减小但位移可以增大．故D错误；故选：BC【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，关键是抓住物体可能是做初速度不为零的匀变速也可能是做初速度为零的匀变速2．（5分）一位同学在使用打点计时器时，纸带上的点不是圆点而是一些短线，如图所示，这可能的原因是（）A．接到了直流电源上 B．电源电压不稳定C．电源频率不稳定D．打点针压得过紧【考点】电火花计时器、电磁打点计时器．【专题】实验题．【分析】解决该题要掌握打点计时器的工作原理．打点计时器使用交流电源，电压不稳影响点痕的轻重，电源频率不稳会影响打点的时间间隔，打点针压得过紧影响点的形状．【解答】解：A、若打点计时器接在直流电源上，打点计时器不打点，故A错误．B、点痕的轻重和电源电压不稳有关，电源电压不稳不会导致短线，故B错误．C、电源频率不稳，只会影响打点的时间间隔，不会影响点的形状，不会造成短线，故C错误．D、打点针压得过紧，振针和纸带接触时间过长，可能造成短线，故D正确．故选：D．【点评】对于基本实验仪器不光要了解其工作原理，还要从实践上去了解它，自己动手去实际操作，达到熟练使用的程度．3．如图所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为（）A．πR B．2R C．2πR D．【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移是起点到终止的有向线段．当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，轮子向前运动半个周长，找出气门芯的初位置与末位置，求出位移大小．【解答】解：当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，轮子向前运动半个周长，气门芯的初位置与末位置如图，由几何知识得，气门芯的位移大小x==R故选D【点评】对于物体的位移，关键找到起点与终点的位置，位移大小等于起点与终点直线距离．4．下列关于质点的说法正确的是（）A．地球很大，一定不能看作质点B．原子核很小，一定能看作质点C．同一物体在不同情况下，有时可以看作质点，有时不能看作质点D．质点只是一种理想化的模型，无任何实际意义【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的问题中，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题．【解答】解：一个物体能不能看成质点，要看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，当地球的质量、体积，原子核的大小对所分析研究的问题没有影响时，就可以看成质点，所以A、B选项都不对．C、研究地球的自转时，地球的大小是不能忽略的，没了大小，就没有自转的说法了，所以此时地球不能看成质点；而研究地球公转时，地球就可能看成质点，故C正确．D、质点只是一种理想化的模型，但有实际意义，方便我们研究物体的运动，所以D选项错误．故选：C．【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．5．在以下哪些情况下可将物体看成质点（）A．研究某学生骑车回校的速度B．对某学生骑车姿势进行生理学分析C．研究火星探测器从地球到火星的飞行轨迹D．研究火星探测器降落火星后如何探测火星的表面【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的时候，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题．【解答】解：A、研究某学生骑车回校的速度时，该同学和车相对位移来说很小，可以简化为点，故A正确；B、对某学生骑车姿势进行生理学分析时，要分析身体各个部分的情况，故不可以简化为点，故B错误；C、研究火星探测器从地球到火星的飞行轨迹时，探测器尺寸远小于轨道尺寸，可以简化为点，故C正确；D、研究火星探测器降落火星后如何探测火星的表面时，与探测器的内部构造和姿态有关，不可以简化为点，故D错误；故选AC．【点评】本题考查对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．6．如图所示，甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的匀变速直线运动的图象，下列说法正确的是（）A．甲是a﹣t图象B．乙是x﹣t图象C．丙是x﹣t图象D．丁是v﹣t图象【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】匀变速直线运动的特点是加速度不变．v﹣t图象的斜率等于加速度，x﹣t图象的斜率等于速度，根据数学知识进行判断．【解答】解：A、因物体做匀变速直线运动，加速度a不随时间变化，所以丁是a﹣t图象，故AD错误；B、若物体做匀加速直线运动，则位移x=v0t+at2，是一条抛物线，丙是x﹣t图象，故B错误，C正确；故选：C【点评】由运动性质判定图象，主要就是依据图象的形状，分析加速度和速度，也可以根据各个量的表达式进行分析．7．物体做匀变速直线运动，其速度与时间关系是：v t=（2﹣4t）m/s，则（）A．物体的初速度是4m/s B．物体的初速度是﹣4m/sC．物体的加速度是﹣4m/s2D．物体的加速度是4m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体在一条直线上运动，如果在相等的时间内速度的变化相等，这种运动就叫做匀变速直线运动．也可定义为：沿着一条直线，且加速度不变的运动，叫做匀变速直线运动．其速度与时间关系是：v t=v0+at【解答】解：将题目中给出的速度公式与匀变速直线运动的速度公式：v t=v0+at比较可得：v0=2m/s，a=﹣4m/s2．故选项A正确．故选：A【点评】本题关键是明确什么是匀变速直线运动，然后记住常用的速度时间关系公式，属于基础题目．8．短跑运动员在100m比赛中，以8m/s的速度迅速从起点冲出，到50m处的速度是9m/s，10s末到达终点的速度是10.2m/s，则运动员在全程中的平均速度是（）A．9 m/s B．10.2 m/s C．10 m/s D．9.1 m/s【考点】平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】平均速度的定义是一段时间的位移与所用时间的比值．【解答】解：由平均速度公式V==10m/s知C正确．故选C【点评】本题考查了平均速度的定义，记住，一定要紧扣公式去列式．9．如图所示，木块A、B并排且固定在水平桌面上，A的长度是L，B的长度是2L，一颗子弹沿水平方向以速度v1射入A，以速度v2穿出B，子弹可视为质点，其运动视为匀变速直线运动，则子弹穿出A时的速度为（）A．B．C．D．v1【考点】动能定理的应用．【专题】直线运动规律专题．【分析】子弹的运动为匀减速直线运动，所受摩擦力保持不变，而A的长度是L，B的长度是2L，所以摩擦力在穿过A的过程做的功是穿过B过程做功的一半，对子弹穿过AB的整个过程运用动能定理即可求出摩擦力在整个过程中做的功，再对子弹穿过A的过程运用动能定理即可求出子弹穿出A时的速度．【解答】解：设子弹的质量为m，对子弹穿过AB的整个过程运用动能定理得：﹣=W f，因为子弹所受摩擦力保持不变，又因为A的长度是L，B的长度是2L，所以子弹穿过A的过程中摩擦力做的功为W f，对子弹穿过A的过程，由动能定理得：W f=﹣，解得v=故选：C．【点评】本题是对整体和隔离物体分别运用动能定理解题的典型例题，要能正确选取研究对象及运动过程，并能熟练地运用动能定理解题，难度适中．10．汽车刹车后做匀减速直线运动，最后停了下来，在汽车刹车的过程中，汽车前半程的平均速度与后半程的平均速度之比是（）A．（+1）：1 B．2：1 C．1：（+1）D．1：【考点】平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】采取逆向思维，根据匀变速直线运动的推论得初速度为零的匀加速直线运动前半程的末速度和整个过程的末速度，再运用=求解．【解答】解：设汽车刹车后做匀减速直线运动整个过程位移是x，采取逆向思维，根据匀变速直线运动的推论，得初速度为零的匀加速直线运动前半程的末速度：v=整个过程的末速度：v′=；根据匀变速直线运动的规律=，得前半程的平均速度：=后半程的平均速度：所以汽车前半程的平均速度与后半程的平均速度之比（+1）：1故选：A．【点评】解决本题的关键知道平均速度的定义式，以及掌握匀变速直线运动的规律，知道匀变速直线运动的特殊推论．11．做匀加速直线运动的物体初速度为2m/s，经过一段时间t后速度变为6m/s，则时刻速度为（）A．由于t未知，无法确定时刻的速度B．由于加速度a及时间t未知，无法确定时刻的速度C．5m/sD．4m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】匀变速直线运动在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，结合该推论求出时刻速度．【解答】解：因为匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即，则时刻速度．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，该推论运用比较广泛，要灵活运用．12．（5分）A、B、C三质点同时同地沿一直线运动，其x﹣t图象如图所示，则在0～t0这段时间内，下列说法中正确的是（）A．质点A的位移最大B．质点C的平均速度最小C．B质点做匀速直线运动D．三质点平均速度一定不相等【考点】平均速度；匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】由位移与时间的图象纵坐标的变化量读出位移关系，再根据平均速度公式判断平均速度的大小．【解答】解：A、由图象可知A、B、C三质点在0～t0这段时间内的位移相等，时间也相等，所以平均速度也相等，故ABD错误；C、B质点的位移随时间均匀变化，做匀速直线运动，故C正确．故选：C．【点评】本题考查对位移图象的理解能力：图线上某点的纵坐标表示一个位置，纵坐标的变化量表示位移．13．A、B两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．前4s A、B两物体的位移相同C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】由v﹣t图象中速度的正负可知两物体的运动方向，斜率等于加速度，可分析加速度的大小，由图象与时间轴围成的面积可知两物体通过的位移关系．【解答】解：A、图象都在时间轴的上方，速度都为正，说明运动方向相同，故A错误；B、t=4s时，A图象与时间轴围成的面积小于B图象的面积，故前4s，A的位移小于B的位移，故B错误；C、t=4s时，两图象相交，说明此时两物体的速度相同，故C正确；D、B图线的斜率大于A图线的斜率，故A的加速度小于B的加速度，故D错误；故选：C．【点评】对于速度﹣时间图象关键要明确这几点：（1）每一点的坐标表示该时刻物体的速度，速度的正负表示物体的运动方向；（2）图象的斜率表示物体的加速度；（3）图象与时间轴围成的面积表示物体在这段时间内通过的位移．14．甲、乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．在0～t1时间内，甲的加速度大于乙的加速度，且方向相反B．在0～t1时间内，甲、乙加速度方向相同C．在0～t2时间内，甲、乙运动方向相同D．在0～t2时间内，甲的加速度大于乙的加速度，且方向相同【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度图象的斜率等于加速度，比较加速度的大小和方向．速度的正负号表示速度的方向，即运动方向．【解答】解：A、B速度图象的斜率等于加速度，在0～t1时间内，甲图线的斜率小于乙图线的斜率，而且均为正值，则甲的加速度小于乙的加速度，且方向相同．故A错误，B正确．C、在0～t1时间内，甲的速度为正值，说明甲物体均沿正方向运动，乙物体的速度为负值，说明乙沿负方向，两者运动方向相反．t1～t2时间内两者速度均沿正方向，方向相同，故C 错误．D、在0～t2时间内，甲图线的斜率小于乙图线的斜率，而且均为正值，加速度均沿正方向，则甲的加速度小于乙的加速度，且方向相同．故D错误．故选B【点评】本题关键抓住速度图象的斜率等于加速度，来分析加速度的大小和方向．同一条直线，斜率一定，物体的加速度也一定．15．一物体运动的速度随时间变化的关系如图所示，根据图象可知（）A．4s内物体在做曲线运动B．4s内物体的速度一直在减小C．物体的加速度在2.5s时方向改变D．4s内物体速度的变化量的大小为8m/s【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】本题是速度﹣时间图象，速度图象的斜率等于物体的加速度大小，速度和加速度的正负表示速度的方向，纵坐标的大小表示速度的大小．【解答】解：A、前2.5s物体速度为正，沿正方向运动，后1.5s速度为负，沿负方向运动，但做的是直线运动，故A错误；B、4s内物体的速度先减小后反向增大，故B错误；C、物体的斜率一直为负值，所以加速度一直沿负方向，没有发生改变，故C错误；D、4s内物体速度的变化量为﹣3﹣5=﹣8m/s，所以速度的变化量的大小为8m/s，故D正确．故选：D．【点评】本题考查基本的读图能力，矢量的正负表示其方向，数值表示其大小．16．物体从A点静止出发，做匀加速直线运动，紧接着又做匀减速直线运动，到达B点时恰好停止．在先后两个运动过程中（）A．物体通过的路程一定相等B．两次运动的加速度大小一定相同C．平均速度一定相等D．所用的时间一定相同【考点】平均速度；位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】匀变速直线运动的平均速度，结合加速度和位移的基本规律解答．【解答】解：设匀加速运动的末速度为v，则根据匀变速直线运动的平均速度匀加速直线运动的平均速度=匀减速直线运动的平均速度=故先后两个运动过程中平均速度相等，运动的时间不一定相等，故加速度和路程不一定相等，故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题就是考查学生对基本概念的理解，是很基本的内容，必须要掌握住的，也可以利用v﹣t图象解答，题目比较简单．17．物体运动的初速度为6m/s，经过10s速度的大小变为20m/s，则加速度大小可能是（）A．0.8m/s2B．1.4m/s2C．2.0m/s2D．2.6m/s2【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】末速度大小为20m/s，有两种可能：末速度的方向可以与初速度方向相同，也可以与初速度方向相反．【解答】解：已知初速度v0=6m/s，末速度v=20m/s或﹣20m/s，时间△t=10s，设物体的加速度为a，由速度时间关系式：v=v0+at分别代入不同的末速度得：a=1.4m/s2或a=﹣2.6m/s2加速度的大小取绝对值．故选：BD【点评】本题是匀变速直线运动规律的直接应用，要注意矢量的方向性．18．一质点做匀变速运动，初速度大小为2m/s，3s后末速度大小变为4m/s，则下列判断正确的是（）A．速度变化量的大小可能小于2 m/sB．速度变化量的大小可能大于2 m/sC．加速度大小一定小于6 m/s2D．加速度大小一定大于6 m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据初末速度求出速度的变化量，结合加速度的定义式求出加速度，注意3s末的速度方向与初速度方向可能相同，可能相反．【解答】解：当3s末的速度方向与初速度方向相同，则速度的变化量△v=v﹣v0=4﹣2m/s=2m/s，加速度a=．当3s末的速度方向与初速度方向相反，则速度的变化量△v′=v﹣v0=﹣4﹣2m/s=﹣6m/s，负号表示方向，加速度a′=．故B、C正确，A、D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键掌握加速度的定义式，注意公式的矢量性．19．酒后驾驶会导致许多安全隐患，这是因为驾驶员的反应时间变长，反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间．下表中“思考距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指驾驶员发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）．速度（m/s）思考距离（m）制动距离（m）正常酒后正常酒后15 7.5 15.0 22.530.020 10.0 20.0 36.746.725 12.5 25.0 54.266.7分析上表可知，下列说法正确的是（）A．驾驶员正常情况下反应时间为0.5sB．驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5sC．驾驶员采取制动措施后汽车的加速度大小为3.75m/s2。
衡阳市衡阳四中学2016-2017学年高一上学期月考物理试卷(12月份) 含解析
2016—2017学年湖南省衡阳市衡阳四中学高一（上)月考物理试卷(12月份)一、选择题（本题共12小题,每小题5分，共60分．多选题已在题号后标出，若有多个选项正确选对而没选全的得3分，选错的得0分）1．建筑工地上的起重机把一框砖先竖直向上提升40m，然后水平移动30m，此过程中关于砖块及其路程和位移大小表述正确的是（）A．砖可视为质点，路程和位移都是70mB．砖不可视为质点，路程和位移都是50mC．砖可视为质点，路程为70m，位移为50mD．砖不可视为质点,路程为50m，位移为70m2．物体沿一条直线运动，下列说法正确的是（）A．物体在某时刻的速度是3 m/s，则物体在1 s内一定走3m B．物体在某1 s内的平均速度是3 m/s，则物体在这1 s内的位移一定是3mC．物体在某段时间内的平均速度是3 m/s，则物体在1 s内的位移一定是3mD．物体在某段位移内的平均速度为3 m/s，则物体在通过这段位移一半时的速度一定是1。
5 m/s3．A、B两物体在同一直线上做变速直线运动，它们的速度﹣时间图象如图所示．则（）A．A、B两物体的运动方向一定相反B．头6s内A比B物体运动得快C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大4．物体沿一条东西方向的水平线做直线运动,取向东为运动的正方向，其速度﹣时间图象如图所示,下列说法中正确的是( ）A．在1 s末，速度为9 m/sB．0～2 s内，加速度为6 m/s2C．6～7 s内，做速度方向向西的加速运动D．10～12 s内，做速度方向向东的加速运动5．一小球在水平桌面上做减速直线运动，用照相机对着小球每隔0.1s拍照一次,得到一幅频闪照片,用刻度尺量得照片上小球各位置如图所示，已知照片与实物的比例为1：10，则（)A．图中对应的小球在通过8 cm距离内的平均速度是2 m/s B．图中对应的小球在通过8 cm距离内的平均速度是1。
高三物理月考试题及答案-湖南衡阳市衡阳县第四中学2016届高三上学期16周周考试卷
衡阳县四中2015-2016学年度高三16周周考试卷1.如图所示为伽利略设计的斜面实验。
伽利略理想实验是将可靠的事实和理论思维结合起 来，能更深刻地反映自然规律。
下面给出了伽利略斜面实验的四个事件：①减小斜面BC 的倾角（图中BC′），小球将通过较长的路程，仍能到达原来的高度 ②由静止释放小球，小球沿斜面AB 滚下，滚上另一斜面BC ，高度几乎与原来相同 ③如果没有摩擦，小球将上升到原来的高度④继续减小BC 的倾角，最终使它水平，小球将沿水平面以恒定速度一直运动下去 对事件性质的判断及排序，正确的是( )A ．事实②→推论①→事实③→推论④B ．事实②→推论③→事实①→推论④C ．事实②→推论①→推论③→推论④D ．事实②→推论③→推论①→推论④2.有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v 的大河。
小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直，去程与回程所用时间的比值为k ，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为（ ） A ．12-k kv B ．21kv - C ．21kkv - D ．12-k v3.（不定项选择）2013年我国相继完成“神十”与“天宫”对接、“嫦娥”携“玉兔”落月两大航天工程。
某航天爱好者提出“玉兔”回家的设想：如图，将携带“玉兔”的返回系统由月球表面发射到h 高度的轨道上，与在该轨道绕月球做圆周运动的飞船对接，然后由飞船送“玉兔”返回地球。
设“玉兔”质量为m ，月球半径为R ，月面的重力加速度为月g 。
以月面为零势能面，“玉兔”在h 高度的引力势能可表示为()h R R GMmhE P +=，其中G 为引力常量，M 为月球质量。
若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为 ( )A ．()R h hR Rmg 2++月 B ．()R h hR Rmg 2++月C ．⎪⎪⎭⎫⎝⎛++R h h R R m g 22月 D ．⎪⎭⎫⎝⎛++R h h R R mg 21月 4.如图，轻弹簧上端与一质量为m 的木块1相连，下端与另一质量为M 的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。
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2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（本题15小题，每小题4分，共60分，1到11题只有一个选项是正确的，12至15题有多个选项，选不全的得2分，有选错有不答的得0分.）1．下列图的四个图中，各运动物体不能看作质点的是( )A．研究投出的篮球运动路径B．研究书本在桌面上移动L的距离所需的时间C．研究地球绕太阳公转D．研究子弹头射过扑克牌2．两辆汽车在平直公路上行驶，甲车内一个人看乙车没有动，而乙车内的一个人看见路旁的树木向西运动，如果以大地为参照物，上述观察说明( )A．甲车不动，乙车向东运动B．乙车不动，甲车向东运动C．甲车向西，乙车向东运动D．甲、乙两车以相同的速度向东运动3．以下计时数据指的是时间的是( )A．中央电视台新闻联播节目每天19时开播B．2007年10月24日18时5分5秒“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心发射升空C．足球比赛上下半场各45分钟D．在某场足球赛中，甲队于开赛9分26秒时攻入一球4．上体育课时，某同学沿着半径为 R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的( )A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R5．某质点的位移随时间变化的关系式是：s=4t﹣2t2，s 和t的单位分别是m和s，则质点的初速度和加速度分别为( )A．4m/s和2m/s2B．4m/s和﹣4m/s2C．4m/s和4m/s2D．4m/s和06．足球以8m/s的速度飞来，运动员把足球以12m/s的速度反向踢出，踢球时间为0.2s，设足球飞来的方向为正方向，则这段时间内足球的加速度是( )A．﹣200m/s2B．200m/s2C．﹣100m/s2D．100m/s27．如图所示，表示物体做匀变速直线运动的图象是( )A．B．C．D．8．关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是( )A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一定越大B．速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零C．某时刻物体速度为零，其加速度也为零D．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大9．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移之比为( )A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．3：110．一个物体从静止出发以加速度a做匀加速直线运动．经过时间t后，改作以t时刻末的速度做匀速直线运动，则在2t时间内的平均速度是( )A．3at B．at C．at D．at11．长方形木块静止在倾角为θ的斜面上，那么斜面对木块作用力的方向( )A．沿斜面向下B．垂直斜面向下 C．沿斜面向上D．竖直向上12．做匀变速直线运动的物体，某时刻的速度大小是8m/s，1s后速度大小变为4m/s，则此物体在这l s内通过的位移( )A．可能等于6m B．可能小于6m C．可能大干6m D．可能等于2m13．关于自由落体运动，下列说法正确的是( )A．自由落体运动是竖直方向的匀加速直线运动B．自由落体运动在开始连续的三个相同位移，所用的时间之比为1：：C．自由落体运动在开始连续的三个2s内的位移之比为1：3：5D．自由落体运动在开始连续的三个1s末的速度之比为1：2：314．如图所示，根据龟兔赛跑故事画出的乌龟和兔子赛跑过程中的位移﹣时间图象，根据图象可知下列说法中正确的是( )A．乌龟和兔子赛跑开始时是同时同地出发的B．乌龟和兔子赛跑开始时是同地出发，但兔让乌龟先爬行一段时间C．兔子虽然中途休息了一会儿，但最终还是兔子先到达终点D．乌龟中途虽然落后，但最终还是比兔子先到达终点15．如图所示两位同学进行竞走比赛，她们分别拿着底部穿孔、滴水比较均匀的饮料瓶，假设每隔1s漏下一滴，她们在平直路上行走，同学们根据漏在地上的水印分布，分析她们的行走情况（已知人的运动方向）．下列说法中正确的是( )A．当沿运动方向水印始终均匀分布时，人做匀速直线运动B．当沿运动方向水印间距逐渐增大时，人做匀加速直线运C．当沿运动方向水印间距逐渐增大时，人的加速度可能在减小D．当沿运动方向水印间距逐渐增大时，人的加速度一定在增大二、填空题16．电磁打点计时器是测量时间的仪器，其工作电压约为__________ V，电源频率是50Hz，它每隔__________s打一次点，在测定匀变速直线运动加速度实验中，某次实验纸带的记录如图所示，纸带上O、A、B、C、D、E、F、G为计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，由图可知纸带的加速度等于__________，在打D点时纸带的速度为__________（保留两位有效数字），F到G的距离为__________cm．三、解答题（本题共3小题，共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只自测胡最后答案的不能得分，有数值计算题的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．如图所示，小滑块在较长的斜面顶端，以初速度v0=2m/s、加速度a=2m/s2向下滑，在到达底端前1s内，所滑过的距离为7m，则：（1）小球到达斜面底端时的速度v是多少？（2）斜面的长度是多少？18．一辆汽车以3m/s2的加速度从静止开始行驶，恰好这事一辆自行车以6m/s的速度行驶，从后面赶上汽车．求：（1）汽车从开始起经历了多长时间追上自行车，此时汽车的速度是多少？（2）汽车追上自行车之前经多长时间两车相距最远，最远距离多大？19．某司机乙驾驶一辆卡车正以一定速度在平直公路上匀速行驶．经过图a所示的限速牌标志为40km/h的位置时，突然发现离它25.5m处停着一辆正在维修的小轿车时，当该司机采取了紧急刹车措施，使卡车做匀减速直线运动，结果还是与小轿车发生碰撞．在处理事故时，交警甲用课本介绍的测定反应时间的方法对该司机乙进行了测试（如图b），发现他握住木尺时，木尺已经自由下降了20cm，试通过计算帮助交警分析卡车是否超速？（g取10m/s2）已知这种汽车急刹车时产生的加速度大小为5m/s2．2015-2016学年湖南省衡阳市衡阳四中高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（本题15小题，每小题4分，共60分，1到11题只有一个选项是正确的，12至15题有多个选项，选不全的得2分，有选错有不答的得0分.）1．下列图的四个图中，各运动物体不能看作质点的是( )A．研究投出的篮球运动路径B．研究书本在桌面上移动L的距离所需的时间C．研究地球绕太阳公转D．研究子弹头射过扑克牌【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据物体看成质点的条件：物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或忽略不计，来判断物体能否看成质点．【解答】解；A、研究投出的篮球运动路径，篮球的大小相对运动路线的长度很小，影响可以忽略不计，篮球可以看成质点．A不符合题意．故A错误．B、书本在桌面上移动时书本上各点的运动情况相同，其形状对研究时间没有影响，可以把书本看成质点．不符合题意．故B错误．C、研究地球绕太阳公转时，地球的大小和形状相对于地球到太阳的距离而言，影响可忽略不计，可以把地球看成质点．不符合题意．故C错误．D、研究子弹头射过扑克牌过程，子弹的长度比扑克厚度还大，影响不能忽略，不能把子弹头看作质点．故D正确．故选D【点评】能否把物体看作质点，不是看物体绝对体积，而是看物体的大小和形状对所研究的问题的影响能否忽略不计．2．两辆汽车在平直公路上行驶，甲车内一个人看乙车没有动，而乙车内的一个人看见路旁的树木向西运动，如果以大地为参照物，上述观察说明( )A．甲车不动，乙车向东运动B．乙车不动，甲车向东运动C．甲车向西，乙车向东运动D．甲、乙两车以相同的速度向东运动【考点】参考系和坐标系．【专题】直线运动规律专题．【分析】参考系是描述运动时，假设不动的物体．甲车内人看到乙没有动，则甲和乙的运动情况一样，乙车中的人看到路旁的树木向西运动，说明乙向东运动．【解答】解：因为甲车看乙车没有动，则甲和乙的运动情况一致，而乙车的人看到路旁的树木向西运动，说明乙车相对路旁的树木向东运动，则如果以大地为参考系则乙向东运动，因为甲车和乙车运动状态一致，故甲、乙两车以相同的速度向东运动．故D正确．故选D．【点评】掌握参考系的概念是解决此类题目的关键，本题中乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明该同学是以自己作为参考系3．以下计时数据指的是时间的是( )A．中央电视台新闻联播节目每天19时开播B．2007年10月24日18时5分5秒“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心发射升空C．足球比赛上下半场各45分钟D．在某场足球赛中，甲队于开赛9分26秒时攻入一球【考点】时间与时刻．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据时间与时刻的概念去选择．时间是前后时刻之间的间隔，而时刻是指某一瞬间．【解答】解：A、中央电视台新闻联播节目每天19时开播，19时是指某一瞬间，不是时间，是时刻．故A错误．B、18时5分5秒时指一个瞬间，是时刻，不是时间．故B错误．C、足球比赛上下半场各45分钟，45分钟是指时间，是指开场与终了的时间间隔．故C 正确．D、9分26秒时是时刻，是指一个瞬间．故D错误．故选C【点评】本题考查区分时间与时刻的能力．生活中时间与时刻常常不加区分，我们要根据语言环境具体分析．4．上体育课时，某同学沿着半径为 R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的( )A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R【考点】位移与路程．【专题】计算题．【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也由方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．【解答】解：人经过了1.75个圆周，所以经过的路程为1.75×2πR=3.5πR；位移是指从初位置到末位置的有向线段的长度，所以位移的大小为R．所以C正确．故选C．【点评】本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．5．某质点的位移随时间变化的关系式是：s=4t﹣2t2，s 和t的单位分别是m和s，则质点的初速度和加速度分别为( )A．4m/s和2m/s2B．4m/s和﹣4m/s2C．4m/s和4m/s2D．4m/s和0【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速运动的位移随时间变化的关系式即可求解．【解答】解：根据匀变速运动的位移随时间变化的关系式x=可知：v0=4m/s，a=﹣4m/s2故选B．【点评】本题考查了匀变速直线运动位移时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题．6．足球以8m/s的速度飞来，运动员把足球以12m/s的速度反向踢出，踢球时间为0.2s，设足球飞来的方向为正方向，则这段时间内足球的加速度是( )A．﹣200m/s2B．200m/s2C．﹣100m/s2D．100m/s2【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】已知初速度和末速度，则由加速度的定义可求得加速度的大小和方向．【解答】解：设球飞来的方向为正方向，则v0=8m/s；运动员立即以12m/s的速度反向踢出，v=﹣12m/s，方向为负．加速度为：a==m/s2=﹣100m/s2；负号说明加速度方向与正方向相反，即与8m/s的方向相反；故选：C．【点评】加速度为矢量，故在解题前应先设定正方向；这是高中物理学习中应注意培养的一个好习惯．7．如图所示，表示物体做匀变速直线运动的图象是( )A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】匀变速直线运动的特点是加速度恒定不变，速度随时间均匀变化，速度﹣时间图象是倾斜的直线．位移﹣时间图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动．【解答】解：A、物体的速度均匀减小，做匀减速直线运动．故A正确．B、表示物体向负方向做匀速直线运动．故B错误．C、表示物体向正方向做匀速直线运动．故C错误．D、速度不随时间变化，表示物体做匀速直线运动．故D错误．故选A【点评】对于匀速直线运动、匀变速直线运动的速度和位移图象的形状，可根据运动的特点和图象斜率的意义理解记忆．8．关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是( )A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一定越大B．速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零C．某时刻物体速度为零，其加速度也为零D．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度等于单位时间内速度的变化量，反映速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、根据a=知，速度变化量越大，加速度不一定大．故A错误．B、速度很大的物体，加速度可能很小，可以为零，比如高速做匀速直线运动．故B正确．C、某时刻物体速度为零，加速度不一定为零，比如自由落体运动的初始时刻，速度为零，加速度不为零．故C错误．D、加速度很大时，速度变化很快，因为加速度方向与速度方向未知，速度可能很快增大，也可能很快减小．故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度与速度之间没有必然的联系．9．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移之比为( )A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．3：1【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】匀变速直线运动的位移时间关系和速度时间关系，注意刹车问题注意停车时间．【解答】解：汽车刹车后做匀减速运动，已知初速度v0=20m/s，加速度a=﹣5m/s2，停车后速度v=0根据匀变速直线运动的速度时间关系v=v0+at，得汽车停车时间为：==4s；开始刹车后2s内的位移为：==30m因为汽车4s就停下来，故汽车6s内的位移等于汽车刹车过程中4s内的位移为：x6===40m．所以刹车后2s内的位移和刹车后6s内的位移之比为：=故选：C【点评】汽车刹车是匀减速运动，当汽车停止运动后，不在是匀变速运动，位移时间关系不能用匀变速直线运动的位移时间关系求解，所以刹车问题要注意汽车停车时间．10．一个物体从静止出发以加速度a做匀加速直线运动．经过时间t后，改作以t时刻末的速度做匀速直线运动，则在2t时间内的平均速度是( )A．3at B．at C．at D．at【考点】平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】先根据运动学基本公式求出总位移，由平均速度公式求出物体这段时间内的平均速度．【解答】解：一个物体从静止出发以加速度a做匀加速直线运动，经过时间t后的位移为：，此时速度为：v=at，紧接着以速度v做匀速直线运动，运动时间为t，所以匀速运动的位移为：所以平均速度为：故选：B．【点评】本题考查计算平均速度的能力，比较简单，只要抓住平均速度的定义就能正确求解．11．长方形木块静止在倾角为θ的斜面上，那么斜面对木块作用力的方向( )A．沿斜面向下B．垂直斜面向下 C．沿斜面向上D．竖直向上【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对木块受力分析，根据共点力的平衡条件的应用可得出斜面对物体的作用力与重力的关系．【解答】解：木块受重力、支持力及摩擦力的作用而处于静止状态；故支持力与摩擦力的合力一定与重力大小相等、方向相反，故支持力和摩擦力的合力竖直向上；故选D．【点评】本题应明确，物体受三力平衡时，任意两力之和与第三力大小相等、方向相反．12．做匀变速直线运动的物体，某时刻的速度大小是8m/s，1s后速度大小变为4m/s，则此物体在这l s内通过的位移( )A．可能等于6m B．可能小于6m C．可能大干6m D．可能等于2m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的平均速度公式x=求出物体在这l s内通过的位移，注意1s后的速度方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反．【解答】解：若1s后的速度方向与初速度方向相同，则x==．若1s后的速度方向与初速度方向相反，则x==．故A、B、、D正确，C错误．故选ABD．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的平均速度公式x=，注意1s后的速度方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反．13．关于自由落体运动，下列说法正确的是( )A．自由落体运动是竖直方向的匀加速直线运动B．自由落体运动在开始连续的三个相同位移，所用的时间之比为1：：C．自由落体运动在开始连续的三个2s内的位移之比为1：3：5D．自由落体运动在开始连续的三个1s末的速度之比为1：2：3【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，在开始通过连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…，在开始连续通过相等时间末的速度比为1：2：3：4…【解答】解：A、自由落体运动是初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动．故A正确．B、自由落体运动在开始连续的三个相同位移，所用的时间之比为1：：．故B错误．C、自由落体运动在开始通过连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…故C正确．D、根据v=gt，知自由落体运动在开始连续通过相等时间末的速度比为1：2：3：4…故D 正确．故选ACD．【点评】解决本题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动的一些特殊推论，在开始通过连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…，在开始连续通过相等时间末的速度比为1：2：3：4…14．如图所示，根据龟兔赛跑故事画出的乌龟和兔子赛跑过程中的位移﹣时间图象，根据图象可知下列说法中正确的是( )A．乌龟和兔子赛跑开始时是同时同地出发的B．乌龟和兔子赛跑开始时是同地出发，但兔让乌龟先爬行一段时间C．兔子虽然中途休息了一会儿，但最终还是兔子先到达终点D．乌龟中途虽然落后，但最终还是比兔子先到达终点【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】追及、相遇问题．【分析】本题是位移﹣时间图象，反映物体的位移随时间变化情况，由图读出位移和时间．【解答】解：A、B，由图，乌龟和兔子赛跑开始时是同地出发的但不同时，兔子比乌龟迟出发t1时间．故A错误，B正确．C、D，由图，兔子中途休息了一会儿，t2时，乌龟的位移比兔子大，比兔子先到达终点．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】本题是位移﹣时间图象问题，考查识别、判断位移图象的能力．容易形成的错误认识是，把位移图象当成轨迹．15．如图所示两位同学进行竞走比赛，她们分别拿着底部穿孔、滴水比较均匀的饮料瓶，假设每隔1s漏下一滴，她们在平直路上行走，同学们根据漏在地上的水印分布，分析她们的行走情况（已知人的运动方向）．下列说法中正确的是( )A．当沿运动方向水印始终均匀分布时，人做匀速直线运动B．当沿运动方向水印间距逐渐增大时，人做匀加速直线运C．当沿运动方向水印间距逐渐增大时，人的加速度可能在减小D．当沿运动方向水印间距逐渐增大时，人的加速度一定在增大【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】相邻两滴水的时间间隔相等，根据两滴水间位移的变化，判断物体的运动．【解答】解：A、当沿运动方向水印始终均匀分布时，相邻两滴水的时间间隔相等，则人做匀速直线运动．故A正确．B、当沿运动方向水印间距逐渐增大时，相邻两滴水的时间间隔相等，知人做加速运动，加速度可能增大，可能减小，可能不变．故BD错误，C正确．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道相邻两滴水的时间间隔相等，在任意相等时间内位移不变，做匀速直线运动．在相等时间内位移逐渐增大，则做加速运动．二、填空题16．电磁打点计时器是测量时间的仪器，其工作电压约为220 V，电源频率是50Hz，它每隔0.02s打一次点，在测定匀变速直线运动加速度实验中，某次实验纸带的记录如图所示，纸带上O、A、B、C、D、E、F、G为计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，由图可知纸带的加速度等于0.75m/s2，在打D点时纸带的速度为0.40m/s（保留两位有效数字），F到G 的距离为5.90cm．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压、工作原理即可正确解答，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小，根据连续相等时间内的位移差为常数可求出F与G之间的距离大小．【解答】解：电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的仪器，电火花计时器的工作电压是220V，其中电火花计时器实验误差较小．当电源频率是50Hz时，它们每隔0.02s打一次点．根据题意可知：每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，因此计数点之间的时间间隔为：T=0.1s△x=0.75cm，根据匀变速直线运动推论△x=aT2可得：a==0.75m/s2根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有：v D==0.40m/s根据题意可知：x EF=19.65cm﹣14.50cm=5.15cmx FG﹣x EF=△xx FG=x EF+△x=5.15cm+0.75cm=5.90cm故答案为：220，0.02，0.75m/s2，0.40m/s，5.90．【点评】能够知道相邻的计数点之间的时间间隔，利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．三、解答题（本题共3小题，共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只自测胡最后答案的不能得分，有数值计算题的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．如图所示，小滑块在较长的斜面顶端，以初速度v0=2m/s、加速度a=2m/s2向下滑，在到达底端前1s内，所滑过的距离为7m，则：（1）小球到达斜面底端时的速度v是多少？（2）斜面的长度是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出最后1s内的初速度，结合速度时间公式求出到达底端的速度，根据速度位移公式求出斜面的长度．【解答】解：（1）根据得：7=，解得：v0=6m/s，则物块到达底端的速度为：v=v0+at1=6+2×1m/s=8m/s，（2）斜面的长度为：x=．答：（1）小球到达斜面底端时的速度v是6m/s．（2）斜面的长度是15m．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，基础题．18．一辆汽车以3m/s2的加速度从静止开始行驶，恰好这事一辆自行车以6m/s的速度行驶，从后面赶上汽车．求：（1）汽车从开始起经历了多长时间追上自行车，此时汽车的速度是多少？（2）汽车追上自行车之前经多长时间两车相距最远，最远距离多大？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】计算题；定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】（1）追及问题，汽车从开始起经历了多长时间追上自行车，即这时位移相等；（2）汽车追上自行车之前经多长时间两车相距最远，即什么时候两车速度相等．【解答】解：（1）汽车追上自行车时位移相等有at2=vt解得t=4sv汽车=at=12m/s；（2）v自=v汽车时两车相距最远，即6=at1，解得t1=2s自行车位移：s自=vt1=12m。