(新课标)高考数学二轮复习专题六函数与导数第3讲导数的简单应用练习文新人教A版

合集下载

(新课标)高考数学二轮复习专题六函数与导数第3讲导数的简单应用学案文新人教A版-新人教A

第3讲导数的简单应用[做真题]1．(2019·高考全国卷Ⅱ)曲线y ＝2sin x ＋cos x 在点(π，－1)处的切线方程为( ) A ．x －y －π－1＝0 B ．2x －y －2π－1＝0 C ．2x ＋y －2π＋1＝0D ．x ＋y －π＋1＝0解析：选C.依题意得y ′＝2cos x －sin x ，y ′|x ＝π＝(2cos x －sin x )|x ＝π＝2cos π－sin π＝－2，因此所求的切线方程为y ＋1＝－2(x －π)，即2x ＋y －2π＋1＝0，故选C.2．(2019·高考全国卷Ⅲ)已知曲线y ＝a e x＋x ln x 在点(1，a e)处的切线方程为y ＝2x ＋b ，则( )A ．a ＝e ，b ＝－1B ．a ＝e ，b ＝1C ．a ＝e －1，b ＝1D ．a ＝e －1，b ＝－1解析：选D.因为y ′＝a e x＋ln x ＋1，所以k ＝y ′|x ＝1＝a e ＋1，所以切线方程为y －a e ＝(a e ＋1)(x －1)，即y ＝(a e ＋1)x －1，与切线方程y ＝2x ＋b对照，可得⎩⎪⎨⎪⎧a e ＋1＝2，b ＝－1，解得⎩⎪⎨⎪⎧a ＝e －1，b ＝－1.故选D. 3．(2019·高考全国卷Ⅲ节选)已知函数f (x )＝2x 3－ax 2＋2.讨论f (x )的单调性．解：f ′(x )＝6x 2－2ax ＝2x (3x －a )．令f ′(x )＝0，得x ＝0或x ＝a3.若a >0，则当x ∈(－∞，0)∪⎝ ⎛⎭⎪⎫a 3，＋∞时，f ′(x )>0；当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，a3时，f ′(x )<0.故f (x )在(－∞，0)，⎝ ⎛⎭⎪⎫a 3，＋∞单调递增，在⎝ ⎛⎭⎪⎫0，a3单调递减．若a ＝0，则f (x )在(－∞，＋∞)单调递增．若a <0，则当x ∈⎝⎛⎭⎪⎫－∞，a 3∪(0，＋∞)时，f ′(x )>0；当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫a 3，0时，f ′(x )<0.故f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫－∞，a 3，(0，＋∞)单调递增，在⎝ ⎛⎭⎪⎫a 3，0单调递减．[明考情]1．此部分内容是高考命题的热点内容，在选择题、填空题中多考查导数的几何意义，难度较小．2．应用导数研究函数的单调性、极值、最值，多在选择题、填空题最后几题的位置考查，难度中等偏上，属综合性问题．有时也常在解答题的第一问中考查，难度一般．导数的运算及其几何意义(基础型)[知识整合]导数公式(1)(sin x )′＝cos x ； (2)(cos x )′＝－sin x ； (3)(a x)′＝a xln a (a ＞0)； (4)(log a x )′＝1x ln a(a ＞0，且a ≠1)．导数的几何意义函数f (x )在x 0处的导数是曲线f (x )在点P (x 0，f (x 0))处的切线的斜率，曲线f (x )在点P 处的切线的斜率k ＝f ′(x 0)，相应的切线方程为y －f (x 0)＝f ′(x 0)·(x －x 0)．[考法全练]1．已知函数f (x )＝xe x (e 是自然对数的底数)，则其导函数f ′(x )＝( )A.1＋xex B.1－x ex C ．1＋x D ．1－x解析：选B.函数f (x )＝xe x ，则其导函数f ′(x )＝e x －x e xe 2x ＝1－xex ，故选B.2．(2019·福州市第一学期抽测)曲线f (x )＝x ＋ln x 在点(1，1)处的切线与坐标轴围成的三角形面积为( )A ．2 B.32 C.12D.14解析：选D.f ′(x )＝1＋1x，则f ′(1)＝2，故曲线f (x )＝x ＋ln x 在点(1，1)处的切线方程为y －1＝2(x －1)，即y ＝2x －1，此切线与两坐标轴的交点坐标分别为(0，－1)，(12，0)，则切线与坐标轴围成的三角形的面积为12×1×12＝14，故选D.3．(2019·郑州市第一次质量预测)已知函数f (x )＝ln x －ax (a ∈R )的图象与直线x －y ＋1＝0相切，则实数a 的值为________．解析：设直线x －y ＋1＝0与函数f (x )＝ln x －ax 的图象的切点为P (x 0，y 0)，因为f ′(x )＝1x －a ，所以由题意，得⎩⎪⎨⎪⎧x 0－y 0＋1＝0f ′（x 0）＝1x 0－a ＝1f （x 0）＝ln x 0－ax 0＝y，解得a ＝1e2－1.答案：1e2－1利用导数研究函数的单调性(综合型)[知识整合]导数与函数单调性的关系(1)f ′(x )>0是f (x )为增函数的充分不必要条件，如函数f (x )＝x 3在(－∞，＋∞)上单调递增，但f ′(x )≥0.(2)f ′(x )≥0是f (x )为增函数的必要不充分条件，当函数在某个区间内恒有f ′(x )＝0时，则f (x )为常数，函数不具有单调性．[典型例题](2019·济南市模拟考试节选)已知函数f (x )＝a2(x －1)2－x ＋ln x (a >0)．讨论f (x )的单调性．【解】函数f (x )的定义域为(0，＋∞)，f ′(x )＝a (x －1)－1＋1x＝（x －1）（ax －1）x，令f ′(x )＝0，则x 1＝1，x 2＝1a，①若a ＝1，则f ′(x )≥0恒成立，所以f (x )在(0，＋∞)上是增函数． ②若0<a <1，则1a>1，当x ∈(0，1)时，f ′(x )>0，f (x )是增函数，当x ∈⎝⎛⎭⎪⎫1，1a 时，f ′(x )<0，f (x )是减函数，当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1a，＋∞时，f ′(x )>0，f (x )是增函数．③若a >1，则0<1a<1，当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，1a 时，f ′(x )>0，f (x )是增函数，当x ∈⎝⎛⎭⎪⎫1a，1时，f ′(x )<0，f (x )是减函数，当x ∈(1，＋∞)时，f ′(x )>0，f (x )是增函数．综上所述，当a ＝1时，f (x )在(0，＋∞)上是增函数；当0<a <1时，f (x )在(0，1)上是增函数，在⎝⎛⎭⎪⎫1，1a 上是减函数，在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ，＋∞上是增函数；当a >1时，f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫0，1a 上是增函数，在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ，1上是减函数，在(1，＋∞)上是增函数．求解或讨论函数单调性问题的解题策略讨论函数的单调性其实就是讨论不等式的解集的情况．大多数情况下，这类问题可以归结为一个含有参数的一元二次不等式的解集的讨论：(1)在能够通过因式分解求出不等式对应方程的根时，依据根的大小进行分类讨论． (2)在不能通过因式分解求出根的情况时，根据不等式对应方程的判别式进行分类讨论． [注意] 讨论函数的单调性是在函数的定义域内进行的，千万不要忽视了定义域的限制．[对点训练]1．若函数f (x )＝x 33－a 2x 2＋x ＋1在区间(12，3)上单调递减，则实数a 的取值范围是________．解析：f ′(x )＝x 2－ax ＋1，因为函数f (x )在区间(12，3)上单调递减，所以f ′(x )≤0在区间(12，3)上恒成立，所以⎩⎪⎨⎪⎧f ′（12）≤0f ′（3）≤0，即⎩⎪⎨⎪⎧14－12a ＋1≤09－3a ＋1≤0，解得a ≥103，所以实数a 的取值范围为[103，＋∞)．答案：[103，＋∞)2．已知函数f (x )＝x 2－3ax ＋a 2ln x (a ∈R )，求f (x )的单调区间．解：f (x )的定义域为(0，＋∞)，f ′(x )＝2x －3a ＋a 2x ＝2x 2－3ax ＋a2x ＝2（x －a2）（x －a ）x.①当a ≤0时，f ′(x )>0在(0，＋∞)上恒成立，所以f (x )的单调递增区间为(0，＋∞)，无单调递减区间；②当a >0时，由f ′(x )>0解得x ∈(0，a2)∪(a ，＋∞)，由f ′(x )<0解得x ∈(a2，a )，所以f (x )的单调递增区间为(0，a 2)和(a ，＋∞)，单调递减区间是(a2，a )．利用导数研究函数的极值(最值)(综合型)[知识整合]导数与函数的极值、最值的关系(1)若在x 0附近左侧f ′(x )>0，右侧f ′(x )<0，则f (x 0)为函数f (x )的极大值；若在x 0附近左侧f ′(x )<0，右侧f ′(x )>0，则f (x 0)为函数f (x )的极小值．(2)设函数y ＝f (x )在[a ，b ]上连续，在(a ，b )内可导，则f (x )在[a ，b ]上必有最大值和最小值，且在极值点或端点处取得．[典型例题]已知函数f (x )＝ax 2－(a ＋2)x ＋ln x ，其中a ∈R . (1)当a ＝1时，求曲线y ＝f (x )在点(1，f (1))处的切线方程；(2)当a >0时，若f (x )在区间[1，e]上的最小值为－2，求a 的取值范围．【解】 (1)当a ＝1时，f (x )＝x 2－3x ＋ln x (x >0)，所以f ′(x )＝2x －3＋1x ＝2x 2－3x ＋1x，所以f (1)＝－2，f ′(1)＝0.所以切线方程为y ＝－2. (2)函数f (x )＝ax 2－(a ＋2)x ＋ln x 的定义域为(0，＋∞)，当a >0时，f ′(x )＝2ax －(a ＋2)＋1x ＝2ax 2－（a ＋2）x ＋1x ＝（2x －1）（ax －1）x，令f ′(x )＝0，解得x ＝12或x ＝1a.①当0<1a≤1，即a ≥1时，f (x )在[1，e]上单调递增．所以f (x )在[1，e]上的最小值为f (1)＝－2，符合题意；②当1<1a <e ，即1e <a <1时，f (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤1，1a 上单调递减，在⎣⎢⎡⎦⎥⎤1a ，e 上单调递增，所以f (x )在[1，e]上的最小值为f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a <f (1)＝－2，不合题意．③当1a ≥e ，即0<a ≤1e时，f (x )在[1，e]上单调递减，所以f (x )在[1，e]上的最小值为f (e)<f (1)＝－2，不合题意．综上，实数a 的取值范围是[1，＋∞)．利用导数研究函数极值、最值的方法(1)若求极值，则先求方程f ′(x )＝0的根，再检查f ′(x )在方程根的左右函数值的符号． (2)若已知极值大小或存在情况，则转化为已知方程f ′(x )＝0根的大小或存在情况来求解．(3)求函数f (x )在闭区间[a ，b ]上的最值时，在得到极值的基础上，结合区间端点的函数值f (a )，f (b )与f (x )的各极值进行比较得到函数的最值．[对点训练]1．(2019·河北省九校第二次联考)函数f (x )＝x 2－ln x 的最小值为( ) A ．1＋ln 2 B ．1－ln 2 C.1＋ln 22D.1－ln 22解析：选C.因为f (x )＝x 2－ln x (x >0)，所以f ′(x )＝2x －1x ，令2x －1x ＝0得x ＝22，令f ′(x )>0，则x >22；令f ′(x )<0，则0<x <22，所以f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫0，22上单调递减，在⎝ ⎛⎭⎪⎫22，＋∞上单调递增，所以f (x )的极小值(也是最小值)为⎝ ⎛⎭⎪⎫222－ln 22＝1＋ln 22，故选C.2．设函数f (x )＝2(x －2)e x－ax 2＋2ax ＋3，若x ＝1是f (x )的极小值点，求实数a 的取值范围．解：f′(x)＝2(x－1)e x－2ax＋2a＝2(x－1)(e x－a)；①当a≤0时，e x－a>0⇒f′(x)＝0⇒x＝1，x∈(－∞，1)⇒f′(x)<0；x∈(1，＋∞)⇒f′(x)>0；x＝1是f(x)的极小值点，所以a≤0符合题意；②当0<a<e时，f′(x)＝0⇒x1＝1或x2＝ln a，且ln a<1；x∈(－∞，ln a)⇒f′(x)>0；x∈(ln a，1)⇒f′(x)<0；x∈(1，＋∞)⇒f′(x)>0；x＝1是f(x)的极小值点，所以0<a<e符合题意；③当a>e时，f′(x)＝0⇒x1＝1或x2＝ln a，且ln a>1；x∈(－∞，1)⇒f′(x)>0；x∈(1，ln a)⇒f′(x)<0；x∈(ln a，＋∞)⇒f′(x)>0；x＝1是f(x)的极大值点，所以a>e不符合题意；当a＝e时，f′(x)＝2(x－1)(e x－e)≥0，f(x)在R上单调递增，无极值．综上，实数a的取值范围为(－∞，e)．一、选择题1．(一题多解)(2019·河北省九校第二次联考)函数y ＝x ＋3x＋2ln x 的单调递减区间是( )A ．(－3，1)B ．(0，1)C ．(－1，3)D ．(0，3)解析：选B.法一：令y ′＝1－3x 2＋2x<0，得－3<x <1，又x >0，故所求函数的单调递减区间为(0，1)．故选B.法二：由题意知x >0，故排除A 、C 选项；又f (1)＝4<f (2)＝72＋2ln 2，故排除D 选项．故选B.2．(2019·昆明市诊断测试)已知函数f (x )＝(x 2－m )e x，若函数f (x )的图象在x ＝1处切线的斜率为3e ，则f (x )的极大值是( )A ．4e －2B ．4e 2C ．e －2D ．e 2解析：选A.f ′(x )＝(x 2＋2x －m )e x.由题意知，f ′(1)＝(3－m )e ＝3e ，所以m ＝0，f ′(x )＝(x 2＋2x )e x.当x >0或x <－2时，f ′(x )>0，f (x )是增函数；当－2<x <0时，f ′(x )<0，f (x )是减函数．所以当x ＝－2时，f (x )取得极大值，f (－2)＝4e －2.故选A.3．若直线y ＝ax 是曲线y ＝2ln x ＋1的一条切线，则实数a 的值为( ) A ．e －12B ．2e －12C ．e 12D ．2e 12解析：选B.依题意，设直线y ＝ax 与曲线y ＝2ln x ＋1的切点的横坐标为x 0，则有y ′|x ＝x 0＝2x 0，于是有⎩⎪⎨⎪⎧a ＝2x 0，ax 0＝2ln x 0＋1，解得⎩⎪⎨⎪⎧x 0＝e ，a ＝2e －12. 4．(2019·江西七校第一次联考)若函数f (x )＝2x 3－3mx 2＋6x 在区间(1，＋∞)上为增函数，则实数m 的取值范围是( )A ．(－∞，1]B ．(－∞，1)C ．(－∞，2]D ．(－∞，2)解析：选C.因为f ′(x )＝6(x 2－mx ＋1)，且函数f (x )在区间(1，＋∞)上是增函数，所以f ′(x )＝6(x 2－mx ＋1)≥0在(1，＋∞)上恒成立，即x 2－mx ＋1≥0在(1，＋∞)上恒成立，所以m ≤x 2＋1x ＝x ＋1x 在(1，＋∞)上恒成立，即m ≤(x ＋1x)min (x ∈(1，＋∞))，因为当x ∈(1，＋∞)时，x ＋1x>2，所以m ≤2.故选C.5．如果函数y ＝f (x )的导函数的图象如图所示，给出下列判断：①函数y ＝f (x )在区间⎝⎛⎭⎪⎫－3，－12内单调递增； ②函数y ＝f (x )在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫－12，3内单调递减；③函数y ＝f (x )在区间(4，5)内单调递增； ④当x ＝2时，函数y ＝f (x )有极小值； ⑤当x ＝－12时，函数y ＝f (x )有极大值．则上述判断中正确的是( ) A ．①② B ．②③ C ．③④⑤D ．③解析：选D.当x ∈(－3，－2)时，f ′(x )<0，f (x )单调递减，①错；当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫－12，2时，f ′(x )>0，f (x )单调递增，当x ∈(2，3)时，f ′(x )<0，f (x )单调递减，②错；当x ＝2时，函数y ＝f (x )有极大值，④错；当x ＝－12时，函数y ＝f (x )无极值，⑤错．故选D.6．(2019·郑州市第二次质量预测)函数f (x )是定义在(0，＋∞)上的可导函数，f ′(x )为其导函数，若xf ′(x )＋f (x )＝e x(x －2)且f (3)＝0，则不等式f (x )<0的解集为( )A ．(0，2)B ．(0，3)C ．(2，3)D ．(3，＋∞)解析：选B.令g (x )＝xf (x )，x ∈(0，＋∞)，则g ′(x )＝xf ′(x )＋f (x )＝e x(x －2)，可知当x ∈(0，2)时，g (x )＝xf (x )是减函数，当x ∈(2，＋∞)时，g (x )＝xf (x )是增函数．又f (3)＝0，所以g (3)＝3f (3)＝0.在(0，＋∞)上，不等式f (x )<0的解集就是xf (x )<0的解集，又g (0)＝0，所以f (x )<0的解集是(0，3)，故选B.二、填空题7．(2019·广州市综合检测(一))若函数f (x )＝ax －3x的图象在点(1，f (1))处的切线过点(2，4)，则a ＝________．解析：f ′(x )＝a ＋3x2，f ′(1)＝a ＋3，f (1)＝a －3，故f (x )的图象在点(1，a －3)处的切线方程为y －(a －3)＝(a ＋3)(x －1)，又切线过点(2，4)，所以4－(a －3)＝a ＋3，解得a ＝2.答案：28．设定义在R 上的函数y ＝f (x )的导函数为f ′(x )．如果存在x 0∈[a ，b ]，使得f (b )－f (a )＝f ′(x 0)(b －a )成立，则称x 0为函数f (x )在区间[a ，b ]上的“中值点”．那么函数f (x )＝x 3－3x 在区间[－2，2]上的“中值点”为________．解析：由f (x )＝x 3－3x 求导可得f ′(x )＝3x 2－3，设x 0为函数f (x )在区间[－2，2]上的“中值点”，则f ′(x 0)＝f （2）－f （－2）2－（－2）＝1，即3x 20－3＝1，解得x 0＝±233.答案：±2339．已知函数f (x )＝－x 2＋2ln x ，g (x )＝x ＋a x，若函数f (x )与g (x )有相同的极值点，则实数a 的值为________．解析：因为f (x )＝－x 2＋2ln x ，所以f ′(x )＝－2x ＋2x ＝－2（x ＋1）（x －1）x(x >0)，令f ′(x )＝0，得x ＝1或x ＝－1(舍去)，又当0<x <1时，f ′(x )>0；当x >1时，f ′(x )<0，所以x ＝1是函数f (x )的极值点．因为g (x )＝x ＋a x ，所以g ′(x )＝1－a x2.又函数f (x )与g (x )＝x ＋a x有相同极值点，所以x ＝1也是函数g (x )的极值点，所以g ′(1)＝1－a ＝0，解得a ＝1.经检验，当a ＝1时，函数g (x )取到极小值．答案：1三、解答题10．已知函数f (x )＝e x (ax ＋b )－x 2－4x ，曲线y ＝f (x )在点(0，f (0))处的切线方程为y ＝4x ＋4.(1)求a ，b 的值；(2)讨论f (x )的单调性，并求f (x )的极大值．解：(1)f ′(x )＝e x(ax ＋a ＋b )－2x －4.由已知得f (0)＝4，f ′(0)＝4.故b ＝4，a ＋b ＝8.从而a ＝4，b ＝4.(2)由(1)知，f (x )＝4e x (x ＋1)－x 2－4x ， f ′(x )＝4e x (x ＋2)－2x －4＝4(x ＋2)(e x －12)．令f ′(x )＝0得，x ＝－ln 2或x ＝－2.从而当x ∈(－∞，－2)∪(－ln 2，＋∞)时， f ′(x )>0；当x ∈(－2，－ln 2)时，f ′(x )<0.故f (x )在(－∞，－2)，(－ln 2，＋∞)上单调递增，在(－2，－ln 2)上单调递减．当x ＝－2时，函数f (x )取得极大值，极大值为f (－2)＝4(1－e －2)．11．(2019·重庆市七校联合考试)设函数f (x )＝1x －e e x ，g (x )＝a (x 2－1)－ln x (a ∈R ，e 为自然对数的底数)．(1)证明：当x >1时，f (x )>0；(2)讨论g (x )的单调性；解：(1)证明：f (x )＝e x －1－x x e x －1，令s (x )＝e x －1－x ，则s ′(x )＝e x －1－1，当x >1时，s ′(x )>0 ，所以s (x )在(1，＋∞)上单调递增，又s (1)＝0，所以s (x )>0，从而当x >1时，f (x )>0.(2)g ′(x )＝2ax －1x ＝2ax 2－1x(x >0)，当a ≤0时，g ′(x )<0，g (x )在(0，＋∞)上单调递减；当a >0时，由g ′(x )＝0得x ＝12a .当x ∈⎝⎛⎭⎪⎫0，12a 时，g ′(x )<0，g (x )单调递减，当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12a ，＋∞时，g ′(x )>0，g (x )单调递增． 12．已知常数a ≠0，f (x )＝a ln x ＋2x .(1)当a ＝－4时，求f (x )的极值；(2)当f (x )的最小值不小于－a 时，求实数a 的取值范围．解：(1)由已知得f (x )的定义域为(0，＋∞)，f ′(x )＝a x ＋2＝a ＋2x x. 当a ＝－4时，f ′(x )＝2x －4x. 所以当0<x <2时，f ′(x )<0，即f (x )单调递减；当x >2时，f ′(x )>0，即f (x )单调递增．所以f (x )只有极小值，且在x ＝2时，f (x )取得极小值f (2)＝4－4ln 2. 所以当a ＝－4时，f (x )只有极小值4－4ln 2，无极大值．(2)因为f ′(x )＝a ＋2x x，所以当a >0，x ∈(0，＋∞)时，f ′(x )>0，即f (x )在x ∈(0，＋∞)上单调递增，没有最小值；当a <0时，由f ′(x )>0得，x >－a 2，所以f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫－a 2，＋∞上单调递增；由f ′(x )<0得，x <－a 2，所以f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫0，－a 2上单调递减．所以当a <0时，f (x )的最小值为极小值，即f ⎝ ⎛⎭⎪⎫－a 2＝a ln ⎝ ⎛⎭⎪⎫－a 2－a . 根据题意得f ⎝ ⎛⎭⎪⎫－a 2＝a ln ⎝ ⎛⎭⎪⎫－a 2－a ≥－a ，即a [ln(－a )－ln 2]≥0.因为a <0，所以ln(－a )－ln 2≤0，解得a ≥－2，综上，实数a的取值范围是[－2，0)．。

新课标版高考数学二轮复习专题六函数与导数第讲导数与方程练习理新人教A版

第5讲导数与方程1．(2019·济南市模拟考试)已知函数f (x )＝a 2(x －1)2－x ＋ln x (a >0)． (1)讨论f (x )的单调性；(2)若1<a <e ，试判断f (x )的零点个数．解：(1)函数f (x )的定义域为(0，＋∞)， f ′(x )＝a (x －1)－1＋1x ＝(x －1)(ax －1)x，令f ′(x )＝0，则x 1＝1，x 2＝1a， ①若a ＝1，则f ′(x )≥0恒成立，所以f (x )在(0，＋∞)上是增函数．②若0<a <1，则1a>1，当x ∈(0，1)时，f ′(x )>0，f (x )是增函数，当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1，1a 时，f ′(x )<0，f (x )是减函数，当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ，＋∞时，f ′(x )>0.f (x )是增函数． ③若a >1，则0<1a<1，当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，1a 时，f ′(x )>0，f (x )是增函数，当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ，1时，f ′(x )<0，f (x )是减函数，当x ∈(1，＋∞)时，f ′(x )>0，f (x )是增函数．综上所述，当a ＝1时，f (x )在(0，＋∞)上是增函数；当0<a <1时，f (x )在(0，1)上是增函数，在⎝ ⎛⎭⎪⎫1，1a 上是减函数，在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ，＋∞上是增函数；当a >1时，f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0，1a 上是增函数，在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ，1上是减函数，在(1，＋∞)上是增函数． (2)当1<a <e 时，f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0，1a 上是增函数，在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ，1上是减函数，在(1，＋∞)上是增函数，所以f (x )的极小值为f (1)＝－1<0.f (x )的极大值为f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ＝a 2⎝ ⎛⎭⎪⎫1a －12－1a ＋ln 1a ＝a 2－12a －ln a －1.设g (a )＝a 2－12a－ln a －1，其中a ∈(1，e)，则g ′(a )＝12＋12a 2－1a ＝a 2－2a ＋12a 2＝(a －1)22a 2>0，所以g (a )在(1，e)上是增函数，所以g (a )<g (e)＝e 2－12e －2<0. 因为f (4)＝a 2(4－1)2－4＋ln 4>12×9－4＋ln 4＝ln 4＋12>0，所以存在x 0∈(1，4)，使f (x 0)＝0，所以当1<a <e 时，f (x )有且只有一个零点．2．(2019·南昌市第一次模拟测试)已知函数f (x )＝e x (ln x －ax ＋a ＋b )(e 为自然对数的底数)，a ，b ∈R ，直线y ＝e 2x 是曲线y ＝f (x )在x ＝1处的切线． (1)求a ，b 的值；(2)是否存在k ∈Z ，使得y ＝f (x )在(k ，k ＋1)上有唯一零点？若存在，求出k 的值；若不存在，请说明理由．解：(1)f ′(x )＝e x (ln x －ax ＋1x＋b )，f (x )的定义域为(0，＋∞)．由已知，得⎩⎪⎨⎪⎧f (1)＝e 2，f ′(1)＝e 2即⎩⎪⎨⎪⎧e b ＝e 2e(b －a ＋1)＝e 2，解得a ＝1，b ＝12. (2)由(1)知，f (x )＝e x ⎝ ⎛⎭⎪⎫ln x －x ＋32，则f ′(x )＝e x ⎝⎛⎭⎪⎫ln x －x ＋1x ＋12，令g (x )＝ln x －x ＋1x ＋12，则g ′(x )＝－x 2－x ＋1x 2<0恒成立，所以g (x )在(0，＋∞)上单调递减，又g (1)＝12>0，g (2)＝ln 2－1<0，所以存在唯一的x 0∈(1，2)，使得g (x 0)＝0，且当x ∈(0，x 0)时，g (x )>0，即f ′(x )>0，当x ∈(x 0，＋∞)时，g (x )<0，即f ′(x )<0.所以f (x )在(0，x 0)上单调递增，在(x 0，＋∞)上单调递减．又当x →0时，f (x )<0，f (1)＝e 2>0，f (2)＝e 2(ln 2－12)>0，f (e)＝e e ⎝ ⎛⎭⎪⎫52－e <0，所以存在k ＝0或2，使得y ＝f (x )在(k ，k ＋1)上有唯一零点．3．(2019·长春市质量监测(二))已知函数f (x )＝e x ＋bx －1(b ∈R )．。

高考数学二轮复习专题2 函数与导数第3讲导数的概念

第3讲导数的概念及其简单应用导数的几何意义及导数的运算1.(2015洛阳统考)已知直线m:x+2y-3=0,函数y=3x+cos x的图象与直线l相切于Ρ点,若l ⊥m,则Ρ点的坐标可能是( B )(A)（-错误!未找到引用源。

,-错误!未找到引用源。

） (B)（错误!未找到引用源。

,错误!未找到引用源。

）(C)（错误!未找到引用源。

,错误!未找到引用源。

）(D)（-错误!未找到引用源。

,-错误!未找到引用源。

）解析:由l⊥m可得直线l的斜率为2,函数y=3x+cos x的图象与直线l相切于Ρ点,也就是函数在P点的导数值为2,而y ′=3-sin x=2,解得sin x=1,只有B,D符合要求,而D中的点不在函数图象上,因此选B.2.(2014广东卷)曲线y=e-5x+2在点(0,3)处的切线方程为.解析:由题意知点(0,3)是切点.y′=-5e-5x,令x=0,得所求切线斜率为-5.从而所求方程为5x+y-3=0.答案:5x+y-3=0利用导数研究函数的单调性3.(2015辽宁沈阳市质检)若定义在R上的函数f(x)满足f(x)+f′(x)>1,f(0)=4,则不等式f(x)>错误!未找到引用源。

+1(e为自然对数的底数)的解集为( A )(A)(0,+∞) (B)(-∞,0)∪(3,+∞)(C)(-∞,0)∪(0,+∞) (D)(3,+∞)解析:不等式f(x)>错误!未找到引用源。

+1可以转化为e x f(x)-e x-3>0令g(x)=e x f(x)-e x-3,所以g′(x)=e x(f(x)+f′(x))-e x=e x(f(x)+f′(x)-1)>0,所以g(x)在R上单调递增,又因为g(0)=f(0)-4=0,所以g(x)>0⇒x>0,即不等式的解集是(0,+∞).故选A.4.(2014辽宁卷)当x∈[-2,1]时,不等式ax3-x2+4x+3≥0恒成立,则实数a的取值范围是( C )(A)[-5,-3] (B)[-6,-错误!未找到引用源。

高考数学二轮复习专题六函数与导数第3讲导数及其应用课件理

押题依据(yījù) 解析
答案
3.已知函数(hánshù)f(x)＝x2－ax＋3在(0,1)上为减函数，函数g(x)＝x2－aln x在(1,2)上
为增函数，则a的值等于_____.
2
押题依据函数单调性问题是导数最重要的应用，体现了“以直代曲”思想，
要在审题中搞清“在(0,1)上为减函数”与“函数的减区间为(0,1)”的区别.
12/11/2021
第三十六页，共五十六页。
解答
真题押题精练
(jīngliàn)
12/11/2021
第三十九页，共五十六页。
真题体验
1.(2017·浙江改编(gǎibiān))函数y＝f(x)的导函数y＝f′(x)的图象如图所示，则函数y＝f(x)的图象可能是______.(填④序号)
12/11/2021
12/11/2021
第二页，共五十六页。
内容(nèiróng)索引
12/11/2021
热点分类(fēn lèi)突破
真题押题精练
(jīngliàn)
第三页，共五十六页。
热点分类突破 (fēn lèi)
12/11/2021
第四页，共五十六页。
热点(rè 一 diǎn) 导数的几何意义
1.函数(hánshù)f(x)在x0处的导数是曲线f(x)在点P(x0，f(x0))处的切线的斜率，曲线f(x) 在点P处的切线的斜率k＝f′(x0)，相应的切线方程为y－f(x0)＝f′(x0)(x－x0). 2.求曲线的切线要注意“过点P的切线”与“在点P处的切线”的不同.
12/11/2021
第二十三页，共五十六页。
跟踪演练2 (1)(2018·河南省中原名校质量考评)已知f(x)＝(x2＋2ax)ln x－ x2－

2021届人教A版高三文科数学第二轮复习课件模块三专题六函数与导数第三讲导数的简单应用

考真题体
故此时函数 f(x)在1－
21a－4a2，1＋
21a－4a2上递增，
验
第21页
与名师对话·系列丛书
大二轮专题辅导与增分攻略•数学（文）
核心
在0，1－
21a－4a2和1＋
21a－4a2，＋∞上递减，
考点突
综上，0<a<21时，
破
名
函数 f(x)在1－
21a－4a2，1＋
21a－4a2上递增，
核心
角度 1：求函数的单调区间及参数的取值范围
考
点突破
【例 1】 (1)(2020·河北九校联考)函数 y＝x＋3x＋2lnx 的单调递减区间是( B )
名
师
A．(－3,1)
B．(0,1)
微课
C．(－1,3)
D．(0,3)
高
导学
考
真
题
体
验
第17页
与名师对话·系列丛书
大二轮专题辅导与增分攻略•数学（文）
高
导学
考真
(3)已知切线上一点(非切点)，求切线方程
题体
设切点 P(x0，y0)，利用导数求得切线斜率 f′(x0)，再由斜率公式求得切线斜率，
验
列方程(组)解得 x0，再由点斜式或两点式写出方程．
第15页
与名师对话·系列丛书
大二轮专题辅导与增分攻略•数学（文）
考点二利用导数研究函数的单调性
考点一导数的几何意义
核心
1．导数公式
考
点突
(1)(sinx)′＝cosx；
破
(2)(cosx)′＝－sinx；
名师
(3)(ax)′＝axlna(a>0)；

高考数学统考二轮复习第二部分专题6 函数与导数第3讲导数的简单应用(教师用书)教案理

学习资料专题6第3讲导数的简单应用导数的运算与导数的几何意义授课提示：对应学生用书第59页考情调研考向分析导数的概念和运算是高考的必考内容，一般渗透在导数的应用中考查;导数的几何意义常与解析几何中的直线交汇考查；题型为选择题或解答题的第（1）问，低档难度。

1.导数的基本运算．2。

求过某点的切线斜率（方程）等问题．3。

由曲线的切线方程求参数。

［题组练透］1．若直线y ＝kx －2与曲线y ＝1＋3ln x 相切，则k ＝（） A ．3 B.错误! C ．2D.错误!解析:设切点为（x 0,kx 0－2）, ∵y ′＝错误!，∴错误! 由①得kx 0＝3,代入②得1＋3ln x 0＝1，则x 0＝1，k ＝3, 故选A. 答案：A2．直线y ＝e x ＋2b 是曲线y ＝ln x （x 〉0)的一条切线，则实数b ＝________。

解析:设切点为（x 0，y 0），由题意得y ′＝错误!（x >0)，所以y ′|x ＝x 0＝错误!＝e,所以x 0＝错误!，所以y 0＝ln x 0＝ln 错误!＝－1，又y 0＝e x 0＋2b ,所以b ＝－1.答案：－13．（2020·三明质检）曲线y ＝ln x －ax 在x ＝2处的切线与直线ax －y －1＝0平行，则实数a ＝________。

解析：因为y ＝ln x －ax ，所以y ′＝错误!－a ，因此其在x ＝2处的切线斜率为k ＝错误!－a ，又曲线y ＝ln x －ax 在x ＝2处的切线与直线ax －y －1＝0平行，所以12－a ＝a ，因此a ＝错误!。

答案：14[题后悟通］1．求曲线y＝f（x)的切线方程的3种类型及方法类型方法已知切点P(x0，y0),求切线方程求出切线的斜率f′（x0),由点斜式写出方程已知切线的斜率k，求切线方程设切点P(x0，y0)，通过方程k＝f′(x0）解得x0，再由点斜式写出方程已知切线上一点（非切点），求切线方程设切点P(x0，y0),利用导数求得切线斜率f′（x0），再由斜率公式求得切线斜率，列方程(组)解得x0，再由点斜式或两点式写出方程类型解题关键已知曲线在某点处的切线求参数关键是用“方程思想”来破解，先求出函数的导数，从而求出在某点处的导数值；再根据导数的几何意义与已知条件，建立关于参数的方程，通过解方程求出参数的值已知曲线的切线方程，求含有双参数的代数式的取值范围关键是过好“双关"：一是转化关,即把所求的含双参数的代数式转化为含单参数的代数式，此时需利用已知切线方程，寻找双参数的关系式；二是求最值关，常利用函数的单调性、基本不等式等方法求最值,从而得所求代数式的取值范围导数与函数的单调性授课提示：对应学生用书第60页考情调研考向分析考查函数的单调性，利用函数的性质求参数范围；与方程、不等式等知识相结合命题，题型以解答题为主，一般难度较大.1.求函数的单调区间．2.原函数与导函数图象间的关系．3。

高考数学二轮复习第2部分专题篇素养提升文理专题6函数与导数第3讲导数的简单应用文科课件新人教版

高考数学二轮复习第2部分专题篇素养提升文理专题6函数与导数第3讲导数的简单应用文科课件新人教版
2021/4/17
高考数学二轮复习第2部分专题篇素养提升文理专题6函数与导数第3讲导数的简单应用文科课件新人教版
1
第二部分
专题篇•素养提升(文理)
2021/4/17
高考数学二轮复习第2部分专题篇素
2
专题六函数与导数
分值 5 5 5 5 5 5
8
02 考点分类 • 析重点
2021/4/17
高考数学二轮复习第2部分专题篇素
9
考点一导数的几何意义
1．导数的几何意义函数 f(x) 在点 x0 处的导数 f′(x0) 的几何意义是在曲线 y ＝ f(x) 上点 P(x0，f(x0))处的切线的斜率．相应地，切线方程为y－f(x0)＝f′(x0)(x －x0)．
【解析】 (1)由题意ห้องสมุดไป่ตู้，函数 f(x)的定义域为(0，＋∞)，
因为 f(x)＝－ln x＋12x2＋5，
所以 f′(x)＝－1x＋x＝1x(x2－1)．
由f′x>0， ⇔x2－1>0， ⇔x<－1或x>1， ⇔x>1．
x>0
x>0
x>0
所以 f(x)的单调递增区间为(1，＋∞)．
34
(2)由题意可得
20
考向 1 讨论函数的单调性典例2 (2019·长沙二模)已知函数 f(x)＝1x＋(1－a)ln x＋ax(a
∈R)．试讨论 f(x)的单调性．【解析】函数 f(x)的定义域为(0，＋∞)， f′(x)＝－x12＋1－x a＋a＝ax2＋1x－2 ax－1＝x－1x2ax＋1.

【精选】高考数学第三章导数及其应用3.2导数与函数的小综合课件文新人教A版

-3-
知识梳理考点自测
1.函数的单调性与导数的关系
(1)已知函数f(x)在某个区间内可导,
①如果f'(x)>0,那么函数y=f(x)在这个区间内单调递增
;
②如果f'(x)<0,那么函数y=f(x)在这个区间内单调递减
;
③若f'(x)=0,则f(x)在这个区间内是常数函数
.
(2)可导函数f(x)在[a,b]上单调递增,则有 f'(x)≥0 在[a,b]上恒成
-9-
知识梳理考点自测
4.(2017 广东、江西、福建十校联考,文 9)已知 f(x)=14x2+sin
π 2
+
�� ,f'(x)为 f(x)的导函数,则 f'(x)的图象是( A )
解析:∵f(x)=14x2+sin
π 2
+
��
= 14x2+cos x,
∴f'(x)=12x-sin x,它是一个奇函数,其图象关于原点对称,故排除
解析:∵函数f(x)=x3+ax2+3x在定义域上是增函数,
∴f'(x)=3x2+2ax+3≥0在R上恒成立,
∴Δ=4a2-36≤0,解得-3≤a≤3.
6.(2017 处取得极值
河北保定二模,文 0,则 a+b= -79
16)已知函数 .
f(x)=��3��3-bx2+a2x-13在
(0,2),(-a,+∞)内单调递增,在(2,-a)内单调递减.
-15-
考点一
考点二
考点三
考点四

2019高考数学二轮复习第3讲导数的简单应用课件理

2 0
1 3 ax (-cos x)dx,则的展开式中 , x 项的系数为 2 ax
9
答案
-
21 2

2 0
解析 a=
(-cos x)dx=-sin x
1 2 x sin sin 0 ==-1. 的 0 2x 2
令f '(x)=0,解得x=t2- 3 ,或x=t2+ 3 . 当x变化时, f '(x), f(x)的变化情况如下表:
x f '(x) f(x)
(-∞,t2- 3 ) + ↗
t2- 3 0 极大值
(t2- 3 ,t2+ 3 ) ↘
t2+ 3 0 极小值
(t2+ 3 ,+∞) + ↗
所以函数f(x)的极大值为f(t2- 3 )=(- 3 )3-9×(- 3 )=6 3 ;函数 f(x)的极小值为f(t2+ 3 )=( 3 )3-9×( 3)=-6 3.
值.
1.函数y=
1 A. e
C.0
x x 在[0,2]上的最大值是 e 2 B. 2 e 1 D. 2 e
(
)
1 x 答案 A 易知y'= x ,x∈[0,2],令y'>0,得0<x<1,令y'<0,得1<x e x ≤2.所以函数y= x 在[0,1]上单调递增,在(1,2]上单调递减.所以y= e x 在[0,2]上的最大值是y| = 1 .故选A. x=1 x e e
x2 1.已知函数f(x)=-ln x+ +3,则函数f(x)的单调递减区间是 2

【高考数学二轮学习精品讲义教师版】第三部分_重点板块_专题六函数与导数：第3讲导数的简单应用

(2)证明：∵f(x)＝ex－axln x，a∈(0，e)，x∈ae，1，
∴f′(x)＝ex－a(ln x＋1)．
①当 ln x＋1≤0 时，f′(x)>0 恒成立，f(x)在ae，1上单调递增．
②当 ln x＋1>0 时，1≤a<e，令 g(x)＝ln xe＋x 1，
则 g′(x)＝ex（l（n xln＋x1＋）1－）e2x·1x＝e（xllnnxx－＋1x1＋）12，
第 363 页共 434 页
又当 a＝－21，g′(x)＝（x－x1）2当且仅当 x＝1 时，g′(x)＝0.
故当 a∈－∞，－21时，g(x)＝f(x)－ax 在(0，＋∞)上单调递增．
(1)已知函数的单调性，求参数的取值范围，应用条件 f′(x)≥0(或 f′(x)≤0)，x∈(a，b)恒成立，解出参数的取值范围(一般可用不等式恒成立的理论求解)，应注意参数的取值是 f′(x) 不恒等于 0 的参数的范围．
成的三角形的面积为( )
3
A.2
B.2
1
1
C.2
D.4
(2)(2019·全国卷Ⅲ)已知曲线 y＝aex＋xln x 在点(1，ae)处的切线方程为 y＝2x＋b，则( )
A．a＝e，b＝－1
B.a＝e，b＝1
C．a＝e－1，b＝1
D.a＝e－1，b＝－1
(3)(2019·成都市第二次诊断性检测)已知直线 l 既是曲线 C1：y＝ex 的切线，又是曲线 C2：
第 3 讲导数的简单应用
[全国卷 3 年考情分析]
年份
全国卷Ⅰ
全国卷Ⅱ
全国卷Ⅲ
2019
求切线方程·T13 利用导数研究函数的极值点·T20 奇函数的定义及利

新课标2020版高考数学二轮复习专题六函数与导数第3讲导数的简单应用练习文新人教A版20191121

(2)由(1)知，f(x)＝4ex(x＋1)－x2－4x，
f′(x)＝4ex(x＋2)－2x－4＝4(x＋2)(ex－ )．
令f′(x)＝0得，x＝－ln 2或x＝－2.
从而当x∈(－∞，－2)∪(－ln 2，＋∞)时，
f′(x)>0；当x∈(－2，－ln 2)时，f′(x)<0.
故f(x)在(－∞，－2)，(－ln 2，＋∞)上单调递增，
第3讲导数的简单应用
一、选择题
1．(一题多解)(2019·河北省九校第二次联考)函数y＝x＋＋2lnx的单调递减区间是( )
A．(－3，1)B．(0，1)
C．(－1，3)D．(0，3)
解析：选B.法一：令y′＝1－＋ <0，得－3<x<1，又x>0，故所求函数的单调递减区间为(0，1)．故选B.
f′(x)＝＋2＝ .
当a＝－4时，f′(x)＝ .
所以当0<x<2时，f′(x)<0，即f(x)单调递减；
当x>2时，f′(x)>0，即f(x)单调递增．
所以f(x)只有极小值，且在x＝2时，f(x)取得极小值f(2)＝4－4ln2.
所以当a＝－4时，f(x)只有极小值4－4ln 2，无极大值．
(2)因为f′(x)＝，
所以当a>0，x∈(0，＋∞)时，f′(x)>0，
即f(x)在x∈(0，＋∞)上单调递增，没有最小值；
当a<0时，由f′(x)>0得，x>－，
所以f(x)在上单调递增；
由f′(x)<0得，x<－，
所以f(x)在上单调递减．
所以当a<0时，f(x)的最小值为极小值，即f ＝aln －a.

人教版高三数学二轮复习导数及导数的应用-精品课件 12页PPT文档

2.函数y x2 2lnx的单调递增区间为 1,
3 3.函f数 (x)2x31x23x的单调递增 (-1, 2 区 ) 间是
32
4 .若函f(数 x)x3ax24在0（， 2）内单调a递的取减值范围，是则 3,
5.函数f ( x ) x( x m)2在x 1处取得极小值，则实m数 1
t
t1 2 x
2
2
2
1。当２ t即t4时 2。当１ t 2即 2t4时 3。当 t 1即0 <t 2时
2
2
2
f(x)在1， 2上单调递f (减 x)在1，2t
上单调递减
f(x)在1， 2上单调
在
t 2
,2上单调递增
例２（2019年青岛模拟21（2））【已知函数的单调区间求参数范围】
END
2019本定理函数极值、不等式证明
14分函数单调性、极值、不等式证明
课前双基自测
1.(2011山东文）曲线y x3 11在点P(1,12)处的切线与y轴交点的纵坐标C是（）
A 9 B 3 C 9 D 1 5
已知函数 f(x) 4 x3 3 t2 x 6 t2x t 1 ,x R 其中 t R
当t 0 时，求 f ( x ) 的单调区间.
f'(x) 6 (t 1 )2 (t 1 )
讨论依据：导函数零点的大小
变式训练：
讨论依据：导函数中最高次项系数的正负
f'(x) 6 (x t)2 (x t)t(0 )
该如何求b的取值范围？f(x)极大值为16 ln 2 - 9, 极小值为32 ln 2 - 21
并且 x 1时， f ( x )

22第一部分板块二专题六函数与导数第3讲导数的简单应用(小题)

第3讲导数的简单应用(小题)热点一导数的几何意义应用导数的几何意义解题时应注意：(1)f ′(x )与f ′(x 0)的区别与联系，f ′(x 0)表示函数f (x )在x ＝x 0处的导数值，是一个常数； (2)函数在某点处的导数值就是对应曲线在该点处切线的斜率； (3)切点既在原函数的图象上也在切线上．例1 (1)已知函数f (x )＝x ＋1，g (x )＝a ln x ，若函数f (x )与g (x )的图象在x ＝14处的切线平行，则实数a 的值为( ) A.14 B.12C ．1D ．4 (2)(2019·东莞调研)设函数f (x )＝2x 3＋(a ＋3)x sin x ＋ax ，若f (x )为奇函数，则曲线y ＝f (x )在点(0,0)处的切线方程为( ) A ．y ＝x B ．y ＝2x C ．y ＝－3xD ．y ＝4x跟踪演练1 (1)(2019·六安联考)曲线f (x )＝a ln x 在点P (e ，f (e))处的切线经过点(－1，－1)，则a 的值为( )A ．1B ．2C ．eD ．2e(2)若直线y ＝kx ＋b 是曲线y ＝ln x ＋1的切线，也是曲线y ＝ln(x ＋2)的切线，则实数b ＝________.热点二利用导数研究函数的单调性利用导数研究函数单调性的关键：(1)在利用导数讨论函数的单调区间时，首先要确定函数的定义域； (2)单调区间的划分要注意对导数等于零的点的确认； (3)已知函数单调性求参数范围，要注意导数等于零的情况．例2 (1)(2019·郑州质检)函数f (x )是定义在[0，＋∞)上的函数，f (0)＝0，且在(0，＋∞)上可导，f ′(x )为其导函数，若xf ′(x )＋f (x )＝e x (x －2)且f (3)＝0，则不等式f (x )<0的解集为( ) A ．(0,2) B ．(0,3) C ．(2,3)D ．(3，＋∞)(2)(2019·江西红色七校联考)若函数f (x )＝2x 3－3mx 2＋6x 在区间(1，＋∞)上为增函数，则实数m 的取值范围是( ) A ．(－∞，1] B ．(－∞，1) C ．(－∞，2]D ．(－∞，2)跟踪演练2 (1)(2019·上饶模拟)对任意x ∈R ，函数y ＝f (x )的导数都存在，若f (x )＋f ′(x )>0恒成立，且a >0，则下列说法正确的是( ) A ．f (a )<f (0) B ．f (a )>f (0) C ．e a ·f (a )<f (0)D ．e a ·f (a )>f (0)(2)(2019·临沂质检)函数f (x )＝12ax 2－2ax ＋ln x 在(1,3)上不单调的一个充分不必要条件是( )A ．a ∈⎝⎛⎭⎫－∞，－12 B ．a ∈⎝⎛⎭⎫－12，16 C ．a ∈⎝⎛⎭⎫16，12D ．a ∈⎝⎛⎭⎫12，＋∞热点三利用导数研究函数的极值、最值利用导数研究函数的极值、最值应注意的问题： (1)不能忽略函数f (x )的定义域；(2)f ′(x 0)＝0是可导函数在x ＝x 0处取得极值的必要不充分条件； (3)函数的极小值不一定比极大值小；(4)函数在区间(a ，b )上有唯一极值点，则这个极值点也是最大(小)值点，此结论在导数的实际应用中经常用到．例3 (1)(2019·东北三省三校模拟)若函数f (x )＝e x －ax 2在区间(0，＋∞)上有两个极值点x 1，x 2(0<x 1<x 2)，则实数a 的取值范围是( ) A ．a ≤e 2 B ．a >e C ．a ≤e D ．a >e2(2)(2019·丹东质检)直线y ＝m 与直线y ＝2x ＋3和曲线y ＝ln 2x 分别相交于A ，B 两点，则|AB |的最小值为________．跟踪演练3 (1)(2019·天津市和平区质检)已知函数f (x )＝x 3＋ax 2＋bx ＋c ，若f (1)＝0，f ′(1)＝0，但x ＝1不是函数的极值点，则abc 的值为________． (2)已知a >0，f (x )＝x e xe x ＋a ，若f (x )的最小值为－1，则a 等于( )A.1e 2B.1eC ．eD ．e 2真题体验1．(2017·山东，文，10)若函数e x f (x )(e ＝2.718 28…是自然对数的底数)在f (x )的定义域上单调递增，则称函数f (x )具有M 性质，下列函数中具有M 性质的是( ) A ．f (x )＝2－x B ．f (x )＝x 2 C ．f (x )＝3－xD ．f (x )＝cos x2．(2019·全国Ⅱ，文，10)曲线y ＝2sin x ＋cos x 在点(π，－1)处的切线方程为( ) A ．x －y －π－1＝0 B ．2x －y －2π－1＝0 C ．2x ＋y －2π＋1＝0 D ．x ＋y －π＋1＝0押题预测1．曲线y ＝2x ln x 在x ＝e 处的切线与坐标轴围成的三角形的面积为( ) A.e 24 B.e 22C ．e 2D ．2e 2 2．已知定义在R 上的函数f (x )的导函数为f ′(x )，若f (x )＋f ′(x )<0，f (0)＝1，则不等式e x f (x )<1的解集为( ) A ．(－∞，0) B ．(0，＋∞) C ．(－∞，1)D ．(1，＋∞) 3．已知函数f (x )＝(x －3)e x ＋a (2ln x －x ＋1)在(1，＋∞)上有两个极值点，且f (x )在(1,2)上单调递增，则实数a 的取值范围是( ) A ．(e ，＋∞) B ．(e,2e 2)C ．(2e 2，＋∞)D ．(e,2e 2)∪(2e 2，＋∞)A 组专题通关1．设函数y ＝x sin x ＋cos x 的图象在点()t ，f (t )处切线的斜率为g (t )，则函数y ＝g (t )的图象一部分可以是( )2．(2019·甘青宁联考)若直线y ＝kx －2与曲线y ＝1＋3ln x 相切，则k 等于( ) A ．3 B.13 C ．2 D.123．(2019·沈阳模拟)已知函数f (x )＝2e f ′(e)ln x －xe，则f (x )的极大值点为( )A.1eB ．1C ．eD ．2e 4．(2019·全国Ⅲ)已知曲线y ＝a e x ＋x ln x 在点(1，a e)处的切线方程为y ＝2x ＋b ，则( ) A ．a ＝e ，b ＝－1 B ．a ＝e ，b ＝1 C ．a ＝e －1，b ＝1D ．a ＝e －1，b ＝－15．已知定义在R 上的可导函数f (x )的导函数为f ′(x )，满足f ′(x )<f (x )，且f (0)＝12，则不等式f (x )－12e x <0的解集为( )A.⎝⎛⎭⎫－∞，12 B ．(0，＋∞) C.⎝⎛⎭⎫12，＋∞ D ．(－∞，0)6．已知函数f (x )＝e xx 2＋2k ln x －kx ，若x ＝2是函数f (x )的唯一极值点，则实数k 的取值范围是( ) A.⎝⎛⎦⎤－∞，e24 B.⎝⎛⎦⎤－∞，e2 C ．(0,2]D.[)2，＋∞7．若函数f (x )＝e x －x 2－ax (其中e 是自然对数的底数)的图象在x ＝0处的切线方程为y ＝2x ＋b ，则函数g (x )＝f ′(x )－bx 在(0，＋∞)上的最小值为( )A ．－1B ．eC ．e －2D ．e 28．若曲线y ＝x －ln x 与曲线y ＝ax 3＋x ＋1在公共点处有相同的切线，则实数a 等于( ) A.e 23 B ．－e 23C ．－e 3D.e 39．(2019·岳阳模拟)已知M ＝{α|f (α)＝0}，N ＝{β|g (β)＝0}，若存在α∈M ，β∈N ，使|α－β|<n ，则称函数f (x )与g (x )互为“n 度零点函数”．若f (x )＝32－x －1与g (x )＝x 2－a e x 互为“1度零点函数”，则实数a 的取值范围为( ) A.⎝⎛⎦⎤1e 2，4e B.⎝⎛⎦⎤1e ，4e 2 C.⎣⎡⎭⎫4e 2，2eD.⎣⎡⎭⎫1e 3，2e 210．设直线x ＝t 与函数f (x )＝x 2，g (x )＝ln x 的图象分别交于点M ，N ，则当|MN |达到最小时t 的值为( )A ．1 B.12 C.52 D.2211．(2019·吉林调研)设函数f (x )在R 上存在导函数f ′(x )，对任意实数x ，都有f (x )＝f (－x )＋2x ，当x <0时，f ′(x )<2x ＋1，若f (1－a )≤f (－a )＋2－2a ，则实数a 的最小值为( ) A ．－1 B ．－12 C.12D ．112．(2019·江淮联考)若对∀x 1，x 2∈(m ，＋∞)，且x 1<x 2，都有x 1ln x 2－x 2ln x 1x 2－x 1<1，则m 的最小值是( )注：(e 为自然对数的底数，即e ＝2.718 28…) A.1e B ．e C ．1 D.3e13．(2018·齐鲁名校教科研协作体模拟)已知函数f (x )＝sin x －x cos x ，现有下列结论： ①当x ∈[0，π]时，f (x )≥0； ②当0<α<β<π时，α·sin β>β·sin α；③若n <sin x x <m 对∀x ∈⎝⎛⎭⎫0，π2恒成立，则m －n 的最小值等于1－2π； ④已知k ∈[]0，1，当x i ∈()0，2π时，满足|sin x i |x i ＝k 的x i 的个数记为n ，则n 的所有可能取值构成的集合为{0,1,2,3}．其中正确的序号为________．14．已知函数f (x )＝2ln x 和直线l ：2x －y ＋6＝0，若点P 是函数f (x )图象上的一点，则点 P 到直线l 的距离的最小值为________．15．(2019·衡水调研)已知函数f (x )＝12x 2＋tan θx ＋3⎝⎛⎭⎫θ≠π2，在区间⎣⎡⎦⎤－33，1上是单调函数，其中θ是直线l 的倾斜角，则θ的所有可能取值区间为________．16．(2019·厦门模拟)若实数a ，b ，c 满足(a －2b －1)2＋(a －c －ln c )2＝0，则|b －c |的最小值是________．B 组能力提高17．已知a ∈Z ，若∀m ∈(0，e)，∃x 1，x 2∈(0，e)且x 1≠x 2，使得(m －2)2＋3＝ax 1－ln x 1＝ax 2－ln x 2，则满足条件的a 的取值个数为( ) A ．5 B ．4 C ．3 D ．218．(2019·洛阳统考)若函数f (x )＝e x －(m ＋1)ln x ＋2(m ＋1)x －1恰有两个极值点，则实数m 的取值范围为( ) A ．(－e 2，－e) B.⎝⎛⎭⎫－∞，－e2 C.⎝⎛⎭⎫－∞，－12 D.()－∞，－e －1。

新考法高考数学(人教A版文数)一轮复习专题3导数及其应用(课件88)

(1)在利用导数求函数f(x)的极值时，第一要确定函数f(x)的定义域，其次求出f′(x)＝0时定义域内所有的点，以导数为0的点以及导数不存在的点顺次将定义域分成若干个小区间，列成表格，写出结论．
令x＝1，得f′(1)＝e.
【答案】e
考点一导数的概念及计算
考法2 导数几何意义的应用
[课标全国Ⅰ2015·14]已知函数f(x)＝ax3＋x＋1的图像在点(1，f(1)) 处的切线过点(2，7)，则a＝________．
【解析】f′(x)＝3ax2＋1，f′(1)＝3a＋1，又f(1)＝a＋2，由导数的几何意义，得切线方程为y－(a＋2)＝(3a＋1)(x－1)，将(2，7)代入切线方程，解得a＝1.
考点二导数的应用
2．函数的极值
对于可导函数f(x)判断其极值的方法如下： (1)f′(x0)＝0，如果在x0附近的左侧f′(x)>0，右侧f′(x)<0，那么f(x0)是函数f(x)的极大值； (2)f′(x0)＝0，如果在x0附近的左侧f′(x)<0，右侧f′(x)>0，那么f(x0)是函数f(x)的极小值.
【答案】C
【反思】若直接用乘积的求导法则运算量太大，要去括号困难重重，所以
奇妙地把x(x－a1)(x－a2)· …·(x－a8)看成一个整体，利用代换的思想
解决问题．
考点一导数的概念及计算
方法2 导数几何意义的应用
已知函数y＝f(x)，求曲线y＝f(x)过点P(x0，y0)的切线方程
(1)若点P(x0，y0)是切点，则切线方程为y－y0＝f′(x0)·(x－x0)． (2)若点P(x0，y0)不是切点，求解步骤如下： ①设切点坐标为Q(x1，f(x1))；
专题三导数及其应用