2.3等差数列的前n项和公式(第1课时)
2.3.1(讲课)等差数列的前n项和公式
公差为d,求等差数列的前n项和Sn Sn=a1+ a2 +a3 +…+an-2+an-1+an 倒 Sn=a1+ a2 +a3 +…+an-2+an-1+an
Sn=an+an-1+an-2+…+a3 + a2 +a1 两式左右分别相加,得
序 相 加
2Sn=(a1+an)+ (a2+an-1)+ (a3+an-2)+…+ (an-2+a3)+ (an-1+a2)+ (an+a1)=n(a1+an)
2Sn n(a1 an )
n(a1 an ) 公式1 S n 2
an a1 (n 1)d
n(n 1) 公式2 Sn na1 d 2
一、等差数列的前n项和的公式:
n(a1 an ) Sn 2
an a1 (n 1)d
n(n 1) Sn na1 d 2
问题呈现
泰姬陵坐落于印度古都阿格,她宏伟壮观,纯白大理石砌建而成的主体建筑 传说陵寝中有一个三角形图案,以相同大小的圆宝石镶饰而成,共有100层,
… … … …
…
问题就是 求 “1+2+3+4+…+100=?”
S=1 + 2+ 3+ … +98+99+100 S=100+99+98+ … + 3+ 2+ 1 ∴2S=(1+100) ×100=10100 ∴S=5050.
2.3 等差数列的前n项和(一)
教学目标
1.体会等差数列前n项和公式的推导过程. 2.掌握等差数列前n项和公式,并应用其解决实际问题. 3.熟练掌握等差数列五个量a1,d,n,an,Sn间的关系.
自学检测
1.若等差数列{an}前5项和S5=10,则a3=( )
A.2
B.4
C.6
D.8
【解析】选A.S5= 5a1 a5 =10,即a1+a5=4,
2.3 等差数列的前n项和(1)
复习引入
1.等差数列的定义:
an an1 d n 2
2.等差数列的通项公式:an a1 n 1d,可以变形为an am n md
或者an nd (a1 d ) (可以看成n的一次函
数)
3.下标和性质:
若m n p q, 则am an ap aq
作业布置
P46. 习题2.3 A组第4题或B组第2题
答案:①500; ②2550;
练习二
n s (2004.全国文)等差数列an的前 项
和记为 n .已知 a10 30 , a20 50 .
(1)求通项 an ;
(2)令 sn 242,求 n .
例1. 2000年11月14日教育部下发了《关于在 中小学实施“校校通”的工程通知》.某市据 此提出了实施“校校通”小学工程校园网.据 测算,2001年该市用于“校校通”的总目标:从 2001年起用10年的时间,在全市中小学建成不 同标准的校园网。据测算,2001年该市用于 “校校通”工程的经费为500万元.为了保证工 程的顺利实施,计划每年投入的资金都比上一 年增加 50万元.那么从2001年起的未来10年内,该市在 “校校通”工程中的总投入是多少?
公式1
2.3等差数列前n项和公式(1)
nm
(3)在等差数列{an}中,由 m+n=p+q
am+an=ap+aq
问题 1:
求和:1+2+3+4+‥ ‥ +99=?
问题2:
求和:1+2+3+4+…+n=?
记:Sn= 1 + 2 + 3 +…+(n-2)+(n-1)+n 2 +1 Sn = n+(n-1)+(n-2)+…+ 3 +
2Sn n(n 1)
2、利用 an:借助通项公式 an的正负情况与前 n项和S n的 变化情况, an 0且an 1 0
二.等差数列an 的首项a1 0, 公差d 0时,前n项和S n 有最小值
2 d 1、利用S n:S n d n ( a 1 2 )n.借助二次函数最值问题 2
2、利用 an:借助通项公式 an的正负情况与前 n项和S n的 变化情况, an 0且an 1 0
等差数列平均分组,各组之和仍为等差数列。
如果an 为等差数列 ,则S k , S 2k S k , S3k S 2k 也成等差数列。
新的等差数列首项为 Sk,公差为k d。
2
二、例题 例3.已知一个等差数列{an}的前10项的和是310,前20项 变式.在等差数列 an 中 ,已知第 1 项到第 10 项的和为 310 , 的和是1220,由这些条件能确定这个等差数列的前 n 项 第 11 项到第 20 项的和为 910 , 求第 21 项到第 30 项的和 . 和的公式吗? 解:依题意知,S10=310,S20=1220 得
第二章 数列 2.3 等差数列的前n项和(一)
第二章 数列 2.3 等差数列的前n 项和(一)明目标、知重点 1. 掌握等差数列前n 项和公式及其获取思路.2. 经历公式的推导过程,体会数形结合的数学思想,体验从特殊到一般的研究方法,学会观察、归纳、反思.3.熟练掌握等差数列的五个量a 1,d ,n ,a n ,S n 的关系,能够由其中三个求另外两个. 知识梳理1. 数列前n 项和的概念把a 1+a 2+…+a n 叫数列{a n }的前n 项和,记做S n .a 1+a 2+a 3+…+a n -1=S n -1(n ≥2). 2. 等差数列前n 项和公式(1)若{a n }是等差数列,则S n 能够用首项a 1和末项a n 表示为S n =n (a 1+a n )2;(2)若首项为a 1,公差为d ,则S n 能够表示为S n =na 1+12n (n -1)d .3. 等差数列前n 项和的性质(1)若数列{a n }是公差为d 的等差数列,则数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 也是等差数列,且公差为d2.(2)S m ,S 2m ,S 3m 分别为{a n }的前m 项,前2m 项,前3m 项的和,则S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m 也成等差数列,公差为m 2d .(3)设两个等差数列{a n }、{b n }的前n 项和分别为S n ,T n ,则a n b n =S 2n -1T 2n -1.[情境导学]“数学王子”高斯是德国数学家.在高斯10岁时,老师出一道数学题为1到100的所有整数的和为多少?很快高斯即得出答案为5 050.老师大吃一惊,而更使人吃惊的是高斯的算法,高斯的算法是老师未曾教过的方法,那么这是一个什么样的方法呢?它用于解决什么类型的问题呢?这种方法叫倒序相加法,是等差数列求和的一种重要方法,本节我们就来研究它. 探究点一 等差数列前n 项和公式思考1 高斯是用怎样的方法快速求出1+2+3+…+100=? .思考2 人们从“高斯的算法”受到启示,创造了“倒序相加法”,即设S =1+2+3+…99+100,把加数倒序写一遍:S =100+99+98+…+2+1.两式相加有2S =(1+100)+(2+99)+…+(99+2)+(100+1)=100×101,∴S =50×101=5050.你能利用此种方法1+2+3+…+n 等于多少吗? 答思考3 如何用“倒序相加法”求首项为a 1,公差为d 的等差数列{a n }的前n 项和S n 呢?答小结 (1)我们称a 1+a 2+a 3+…+a n 为数列{a n }的前n 项和,用S n 表示,即S n =a 1+a 2+a 3+…+a n . (2)等差数列{a n }的前n 项和公式:S n =n (a 1+a n )2=na 1+n (n -1)2d .例1 2000年11月14日教育部下发了《关于在中小学实施“校校通”的工程通知》.某市据此提出了实施“校校通”工程的总目标:从2001年起用10年的时间,在全市中小学建成不同标准的校园网.据测算,2001年该市用于“校校通”工程的经费为500万元.为了保证工程的顺利实施,计划每年投入的资金都比上一年增加50万元.那么从2001年起的未来10年内,该市在“校校通”工程中的总投入是多少?解依题意得,反思与感悟建立等差数列的模型时,要根据题意找准首项、公差和项数或者首项、末项和项数.本题是根据首项和公差选择前n项和公式实行求解.易错方面:把前n项和与最后一项混淆,忘记答或写单位.跟踪训练1 甲、乙两物体分别从相距70 m的两处同时相向运动,甲第1分钟走2 m,以后每分钟比前1分钟多走1 m,乙每分钟走5 m.(1)甲、乙开始运动后几分钟相遇?(2)如果甲、乙到达对方起点后立即返回,甲继续每分钟比前1分钟多走1 m,乙继续每分钟走5 m,那么开始运动几分钟后第二次相遇?解例2 已知一个等差数列{a n}前10项的和是310,前20项的和是1 220,由这些条件能确定这个等差数列的前n项和的公式吗?解方法一;方法二:反思与感悟(1)在解决与等差数列前n项和相关的问题中,要注意方程思想和整体思想的使用;(2)构成等差数列前n项和公式的元素有a1,d,n,a n,S n,知其三能求其二.跟踪训练2 在等差数列{a n}中,已知d=2,a n=11,S n=35,求a1和n.探究点二等差数列前n项和的性质思考1 设{a n }是等差数列,公差为d ,S n 是前n 项和,那么S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m 也成等差数列吗?如果是,它们的公差是多少? 答思考2 设S n 、T n 分别为两个等差数列{a n }和{b n }的前n 项和,那么a n b n 与S 2n -1T 2n -1有怎样的关系?请证明之.答例3 (1)等差数列{a n }的前m 项和为30,前2m 项和为100,求数列{a n }的前3m 项的和S 3m (2)两个等差数列{a n },{b n }的前n 项和分别为S n 和T n ,已知S n T n =7n +2n +3,求a 5b 5的值.(3)解 (1)方法一 方法二反思与感悟 等差数列前n 项和S n 的有关性质在解题过程中,如果运用得当可以达到化繁为简、化难为易、事半功倍的效果.跟踪训练3 设{a n }为等差数列,S n 为数列{a n }的前n 项和,已知S 7=7,S 15=75,T n 为数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 的前n 项和,求T n . 解当堂检测1. 在等差数列{a n }中,S 10=120,那么a 1+a 10的值是( )解析 由S 10=10(a 1+a 10)2,得a 1+a 10=S 105=1205=24.2. 记等差数列前n 项和为S n ,若S 2=4,S 4=20,则该数列的公差d 等于( )A .2B .3C .6D .7答案 B解析 方法一 由⎩⎪⎨⎪⎧S 2=2a 1+d =4S 4=4a 1+6d =20,解得d =3.方法二 由S 4-S 2=a 3+a 4=a 1+2d +a 2+2d =S 2+4d ,所以20-4=4+4d ,解得d =3. 3. 在一个等差数列中,已知a 10=10,则S 19=________.答案 190解析 S 19=19(a 1+a 19)2=19(a 10+a 10)2=19a 10=19×10=190.4. 已知等差数列{a n }中,(1)a 1=32,d =-12,S n =-15,求n 及a n ;(2)a 1=1,a n =-512,S n =-1 022,求d . 解 (1)∵S n =n ·32+(-12)×n (n -1)2=-15,整理得n 2-7n -60=0,解之得n =12或n =-5(舍去), a 12=32+(12-1)×(-12)=-4.(2)由S n =n (a 1+a n )2=n (1-512)2=-1 022,解之得n =4.又由a n =a 1+(n -1)d ,即-512=1+(4-1)d , 解之得d =-171. [呈重点、现规律]1. 求等差数列前n 项和公式的方法称为倒序相加法,在某些数列求和中也可能用到.2. 等差数列的两个求和公式中,一共涉及a 1,a n ,S n ,n ,d 五个量,若已知其中三个量,通过方程思想可求另外两个量,在利用求和公式时,要注意整体思想的应用,注意下面结论的运用:若m +n =p +q ,则a n +a m =a p +a q (n ,m ,p ,q ∈N *);若m +n =2p ,则a n +a m =2a p . 3. 本节基本思想:方程思想,函数思想,整体思想,分类讨论思想.一、基础过关1. 已知等差数列{a n }中,a 2+a 8=8,则该数列的前9项和S 9等于( )解析 S 9=92(a 1+a 9)=92(a 2+a 8)=36.2. 等差数列{a n }中,S 10=4S 5,则a 1d等于( )A.12 B .2C.14D .4答案 A解析 由题意得:10a 1+12×10×9d =4(5a 1+12×5×4d ),∴10a 1+45d =20a 1+40d ,∴10a 1=5d ,∴a 1d =12.3. 已知等差数列{a n }中,a 23+a 28+2a 3a 8=9,且a n <0,则S 10为( )A .-9B .-11C .-13D .-15答案 D解析 由a 23+a 28+2a 3a 8=9得(a 3+a 8)2=9,∵a n <0,∴a 3+a 8=-3,∴S 10=10(a 1+a 10)2=10(a 3+a 8)2=10×(-3)2=-15.4. 设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 3=9,S 6=36,则a 7+a 8+a 9等于( )A .63B .45C .36D .27答案 B解析 数列{a n }为等差数列,则S 3,S 6-S 3,S 9-S 6为等差数列,即2(S 6-S 3)=S 3+(S 9-S 6), ∵S 3=9,S 6-S 3=27,则S 9-S 6=45. ∴a 7+a 8+a 9=S 9-S 6=45.5. 在小于100的自然数中,所有被7除余2的数之和为( )A .765B .665C .763D .663答案 B解析 ∵a 1=2,d =7,2+(n -1)×7<100,∴n <15,∴n =14,S 14=14×2+12×14×13×7=665.6. 含2n +1项的等差数列,其奇数项的和与偶数项的和之比为( )A.2n +1nB.n +1nC.n -1nD.n +12n答案 B解析 S 奇=(n +1)(a 1+a 2n +1)2,S 偶=n (a 2+a 2n )2,∵a 1+a 2n +1=a 2+a 2n , ∴S 奇S 偶=n +1n .7. 设S n 为等差数列{a n }前n 项和,若S 3=3,S 6=24,求a 9.解 设等差数列的公差为d ,则S 3=3a 1+3×22d =3a 1+3d =3,即a 1+d =1,S 6=6a 1+6×52d =6a 1+15d =24,即2a 1+5d =8.由⎩⎪⎨⎪⎧ a 1+d =1,2a 1+5d =8,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=-1,d =2.故a 9=a 1+8d =-1+8×2=15. 二、能力提升8. 等差数列{a n }的前n 项和为S n ,已知a m -1+a m +1-a 2m =0,S 2m -1=38,则m 等于( )A .38B .20C .10D .9答案 C解析 因为{a n }是等差数列,所以a m -1+a m +1=2a m ,由a m -1+a m +1-a 2m =0,得:2a m -a 2m =0,由S 2m-1=38知a m ≠0,所以a m =2,又S 2m -1=38,即(2m -1)(a 1+a 2m -1)2=38,即(2m -1)×2=38,解得m=10,故选C.9.现有200根相同的钢管,把它们堆成正三角形垛,要使剩余的钢管尽可能少,那么剩余钢管的根数为( )A .9B .10C .19D .29答案 B解析 钢管排列方式是从上到下各层钢管数组成了一个等差数列,最上面一层钢管数为1,逐层增加1个.∴钢管总数为:1+2+3+…+n =n (n +1)2.当n =19时,S 19=190.当n =20时,S 20=210>200. ∴n =19时,剩余钢管根数最少,为10根.10.设S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若S 3S 6=13,则S 6S 12等于( )A.310 B.13C.18D.19答案 A 解析 方法一 S 3S 6=3a 1+3d 6a 1+15d =13, ∴a 1=2d ,S 6S 12=6a 1+15d 12a 1+66d =12d +15d 24d +66d =310. 方法二 由S 3S 6=13,得S 6=3S 3.S 3,S 6-S 3,S 9-S 6,S 12-S 9仍然是等差数列,公差为(S 6-S 3)-S 3=S 3,从而S 9-S 6=S 3+2S 3=3S 3⇒S 9=6S 3,S 12-S 9=S 3+3S 3=4S 3⇒S 12=10S 3,所以S 6S 12=310.11. 已知等差数列{a n }的前3项依次为a,4,3a ,前k 项和S k =2 550,求a 及k .解 设等差数列{a n }的公差为d ,则由题意得 ⎩⎪⎨⎪⎧a +3a =2×4d =4-a ka +k (k -1)2d =2 550,∴⎩⎪⎨⎪⎧a =2d =2k =50.(注:k =-51舍)∴a =2,k =50.12.一个等差数列的前10项之和为100,前100项之和为10,求前110项之和.解 方法一 设等差数列{a n }的公差为d ,前n 项和为S n , 则S n =na 1+n (n -1)2d .由已知得⎩⎨⎧10a 1+10×92d =100, ①100a 1+100×992d =10. ②①×10-②整理得d =-1150,代入①,得a 1=1 099100,∴S 110=110a 1+110×1092d=110×1 099100+110×1092×⎝⎛⎭⎫-1150=110⎝⎛⎭⎫1 099-109×11100=-110.故此数列的前110项之和为-110.方法二 设S n =an 2+bn .∵S 10=100,S 100=10,∴⎩⎪⎨⎪⎧102a +10b =100,1002a +100b =10,解得⎩⎨⎧a =-11100,b =11110.∴S n =-11100n 2+11110n .∴S 110=-11100×1102+11110×110=-110.三、探究与拓展13.已知公差大于零的等差数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足:a 3a 4=117,a 2+a 5=22.(1)求数列{a n }的通项公式a n ;(2)若数列{b n }是等差数列,且b n =S nn +c ,求非零常数c .解 (1)设等差数列{a n }的公差为d ,且d >0. ∵a 3+a 4=a 2+a 5=22,又a 3a 4=117, ∴a 3,a 4是方程x 2-22x +117=0的两个根. 又公差d >0,∴a 3<a 4,∴a 3=9,a 4=13.∴⎩⎪⎨⎪⎧ a 1+2d =9a 1+3d =13,∴⎩⎪⎨⎪⎧a 1=1d =4,∴a n =4n -3. (2)由(1)知,S n =n ×1+n (n -1)2×4=2n 2-n ,∴b n =S nn +c =2n 2-n n +c.∴b 1=11+c ,b 2=62+c ,b 3=153+c .∵{b n }是等差数列,∴2b 2=b 1+b 3, ∴2c 2+c =0,∴c =-12 (c =0舍去).经检验,c =-12符合题意,∴c =-12.。
2.3等差数列前n项和公式PPT优秀课件
四、随堂练习
1、根据下列各题中的条件,求相应的等差数列{an}的sn
(1)a1=5,an=95,n=10
s1010(5295)500
(2)a1=100,d=-2,n=50 s505 0105 0 0(2 5 01)2550
(3)a1=14.5,d=0.7,an=32
先由an a1 (n1)d得 3214.5(n4.532) 2
604.5
21.05.2019
江西省赣州一中刘利剑 整理 heishu800101@
n(n1)
2、(1)求正整数列中前n个数的和; sn 2
(2)求正整数列中前n个偶数的和。 snn(2 22n)n(n1)
3、等差数列5,4,3,2,1,…前多少项的和是-30? [前15项]
的前n项和,则有a1=-10, d=-6-(-10)=4
设该数列前n 项和为54
n(n- 1)
根据等差数列前n项和公式:sn =na1+
d 2
有 -10n+n(n-1)?4 54成 立 2
整 理 后 ,得 n2-6n-2 7=0
解得 n1=9, n2=-3(舍去)
21因.05.此201等9 差数列-10,-6江,-西省2赣,2州,一中.刘.利剑.整理前h9eis项hu8的001和01@是1653.4co.m
an=am+(n- m)d
21.05.2019
江西省赣州一中刘利剑 整理 heishu800101@
一、等差数列前n项和的引入: 1、引例:1+2+3+…+100=? 2、高斯的算法:
首项与末项的和:1+100=101,
第2项与倒数第2项的和:2+99=101, 第3项与倒数第3项的和:3+98=101,
高中数学课件:第二章 2.3 等差数列的前n项和 第一课时 等差数列的前n项和
n=1 n≥2.
返回
在等差数列{an}中,S10=100,S100=10.求S110.
[解] 法一:(基本量法)设等差数列{an}的首项为 a1,
1010-1 d=100, 10a1+ 2 公差为 d,则 100a +100100-1d=10. 1 2
2
返回
返回
点击此图片进入 NO.1 课堂强化
返回
点击此图片进入 NO.2 课下检测
返回
1 022,求公差d;
(2)已知等差数列{an}中,a2+a5=19,S5=40,求a10.
返回
nn-1 解:(1)因为 an=a1+(n-1)d,Sn=na1+ 2 d, 又 a1=1,an=-512,Sn=-1 022, 1+n-1d=-512, 所以 1 n+2nn-1d=-1 022. ① ②
返回
返回
[研一题] [例1] 在等差数列{an}中,已知d=2,an=11,Sn=
35,求a1和n.
返回
[自主解答]
an=a1+n-1d, 由 nn-1 Sn=na1+ 2 d,
பைடு நூலகம்
a1+2n-1=11, 得 nn-1 na1+ 2 ×2=35,
n=5, 解方程组得 a1=3, n=7, 或 a1=-1.
2 . 3
课前预习·巧设计
第 二 章 数 列
等 差 数 列 的 前
第一 课时 等差 数列 的前 n项 和
名 师 课 堂 · 一 点 通
创 新 演 练 · 大 冲 关
考点一 考点二 考点三
n
项 和
N0.1 课堂强化 N0.2 课下检测
返回
返回
2.3等差数列的前n项和第一课时
解法3: 解法 :
设:∵S= 1+2+···+99+100 ,
S=100+99+···+2+1 , ∴2S=(1+100)+(2+99)+ ···+(99+2)+(100+1) =100× =100×101 s=100× s=100×(1+100)/2 ∴S=5050 .
算术法
解法1与解法2 解法1与解法2的比较
课
题
等差数列的前n 等差数列的前n项和 第一课时
三门中学
辛颖
2007 03 19
星期一
问题1 问题1
1+2+3+4+5+···+100=?
解法1: 解法1:
∵1+100=101, 2+99=101, 3+98=101 , 4+97=101, ··· , ··· , 49+52=101,50+51=101. ∴1+2+3+4+5+···+100 =50×101 =5050.
公式的应用
例1.求和: 1.求和: 求和 (1) 101 + 100 + 99 + 98 + 97 + ⋯ + 64 ; (2) 2 + 4 + 6 + 8 + ⋯ + (2n + 4)(结果用
n表示) 表示)
中前多少项的和是9900 9900? 例2.等差数列 2, 4, 6,⋯ 中前多少项的和是9900? 2.等差数列
高斯 德国著名数学家高斯 (Carl Friedrich Causs 1777年~1855 年 ),10岁时曾很快 年), 岁时曾很快 求出它的结果! 求出它的结果!
2.3等差数列的前n项和(一)
§2.3 等差数列的前n 项和(一)学习目标 1.掌握等差数列前n 项和公式及其获取思路(重点);2.经历公式的推导过程,体会数形结合的数学思想,体验从特殊到一般的研究方法,学会观察、归纳、反思;3.熟练掌握等差数列的五个量a 1,d ,n ,a n ,S n 的关系,能够由其中三个求另外两个(重、难点).预习教材P42-43完成下列问题: 知识点一 数列a n 与前n 项和S n 的关系 1.数列的前n 项和的概念一般地,我们称a 1+a 2+a 3+…+a n 为数列{a n }的前n 项和,用S n 表示,即S n =a 1+a 2+a 3+…+a n .2.数列的通项a n 与前n 项和S n 的关系当n ≥2时,有S n =a 1+a 2+a 3+…+a n ,S n -1=a 1+a 2+a 3+…+a n -1,所以S n -S n -1=a n ; 当n =1时,a 1=S 1.综上可得a n =⎩⎨⎧S 1,n =1,S n -S n -1,n ≥2.【预习评价】1.利用数列的前n 项和S n 求数列的通项公式时,能不能直接运用S n -S n -1=a n 求解?提示 不能.因为当n =1时,S 1-S 0没有意义. 2.已知数列{a n }的前n 项和S n =n 2,怎样求a 1,a n? 提示 a 1=S 1=1;当n ≥2时,a n =S n -S n -1=n 2-(n -1)2=2n -1, 又n =1时也适合上式,所以a n =2n -1,n ∈N *.知识点二 等差数列的前n 项和公式 1.等差数列的前n 项和公式2.两个公式的关系:把a n =a 1+(n -1)d 代入S n =1n 2中,就可以得到S n=na 1+n (n -1)2d .【预习评价】1.高斯用1+2+3+…+100=(1+100)+(2+99)+…+(50+51)=101×50迅速求出了等差数列前100项的和.如果是求1+2+3+…+n ,不知道共有奇数项还是偶数项怎么办?提示 不知共有奇数项还是偶数项导致不能配对.但我们可以采用倒序相加来回避这个问题:设S n =1+2+3+…+(n -1)+n , 又S n =n +(n -1)+(n -2)+…+2+1,∴2S n =(1+n )+[2+(n -1)]+…+[(n -1)+2]+(n +1), ∴2S n =n (n +1),∴S n =n (n +1)2.2.能否用“倒序相加法”求首项为a 1,公差为d 的等差数列{a n }的前n 项和S n 呢?提示 由上节课学到的性质:在有穷等差数列中,与首末两项“等距离”的两项之和等于首项与末项的和.即a 1+a n =a 2+a n -1=a 3+a n -2=….“倒序相加法”可以推广到一般等差数列求前n 项和,其方法如下: S n =a 1+a 2+a 3+…+a n -1+a n=a 1+(a 1+d )+(a 1+2d )+…+[a 1+(n -2)d ]+[a 1+(n -1)d ];S n =a n +a n -1+a n -2+…+a 2+a 1=a n +(a n -d )+(a n -2d )+…+[a n -(n -2)d ]+[a n -(n -1)d ]. 两式相加,得2S n =(a 1+a n )×n ,由此可得等差数列{a n }的前n 项和公式:S n =n (a 1+a n )2.根据等差数列的通项公式a n =a 1+(n -1)d , 代入上式可得S n =na 1+n (n -1)2d .知识点三 等差数列前n 项和的性质 1.若数列{a n }是公差为d的等差数列,则数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 也是等差数列,且公差为d2.2.若S m ,S 2m ,S 3m 分别为{a n }的前m 项,前2m 项,前3m 项的和,则S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m 也成等差数列,公差为m 2d .3.设两个等差数列{a n },{b n }的前n 项和分别为S n ,T n ,则a n b n =S 2n -1T 2n -1.4.若等差数列的项数为2n ,则S 2n =n (a n +a n +1), S 偶-S 奇=nd ,S 偶S 奇=a n +1a n. 5.若等差数列的项数为2n +1,则S 2n +1=(2n +1)a n +1, S 偶-S 奇=-a n +1,S 偶S 奇=nn +1.【预习评价】1.数列{a n }为等差数列,它的前n 项和为S n ,若S n =(n +1)2+λ,则λ的值是( ) A .-2 B.-1 C .0D.1解析 等差数列前n 项和S n 的形式为S n =an 2+bn ,∴λ=-1. 答案 B2.设S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若a 5a 3=59,则S 9S 5=( )A .1 B.-1 C.2D.12解析 由于S 2n -1=(2n -1)a n ,则, S 9S 5=9a 55a 3=95×59=1. 答案 A题型一 数列的前n 项和S n 与通项a n 之间的关系【例1】 已知数列{a n }的前n 项和为S n =na 1+12n (n -1)d (d 为常数).求证:数列{a n }是等差数列.证明 根据S n =na 1+12n (n -1)d , a n +1=S n +1-S n=(n +1)a 1+12(n +1)[(n +1)-1]·d -⎣⎢⎡⎦⎥⎤na 1+12n (n -1)d=a 1+nd .① 当n >1时, a n =S n -S n -1=na 1+12n (n -1)d -⎣⎢⎡⎦⎥⎤(n -1)a 1+12(n -1)(n -2)d=a 1+(n -1)d ,当n =1时,a 1=S 1,适合此式. ∴a n =a 1+(n -1)d (n ∈N *).∴a n +1-a n =(a 1+nd )-[a 1+(n -1)d ]=d (常数),对任意n ∈N *成立. ∴数列{a n }是等差数列.规律方法 已知前n 项和S n 求通项a n ,先由n =1时,a 1=S 1求得a 1,再由n ≥2时,a n =S n -S n -1求a n ,最后验证a 1是否符合a n ,若符合则统一用一个解析式表示.【训练1】 已知数列{a n }的前n 项和为S n =n 2+12n ,求这个数列的通项公式.这个数列是等差数列吗?如果是,它的首项与公差分别是什么?解 根据S n =a 1+a 2+…+a n -1+a n 可知S n -1=a 1+a 2+…+a n -1(n >1), 当n >1时,a n =S n -S n -1=n 2+12n -⎣⎢⎡⎦⎥⎤(n -1)2+12(n -1)=2n -12,① 当n =1时,a 1=S 1=12+12×1=32,也满足①式.∴数列{a n }的通项公式为a n =2n -12.由此可见:数列{a n }是以32为首项,2为公差的等差数列.题型二 等差数列前n 项和的有关运算 【例2】 在等差数列{a n }中, (1)a 1=56,a n =-32,S n =-5,求n 和d ;(2)a 1=4,S 8=172,求a 8和d .解 (1)由题意得,S n =n (a 1+a n )2=n ⎝ ⎛⎭⎪⎫56-322=-5,解得n =15.又a 15=56+(15-1)d =-32,∴d =-16.∴n =15,d =-16.(2)由已知得S 8=8(a 1+a 8)2=8(4+a 8)2=172,解得a 8=39,又∵a 8=4+(8-1)d =39,∴d =5. ∴a 8=39,d =5.规律方法 等差数列中基本计算的两个技巧(1)利用基本量求值.(2)利用等差数列的性质解题.【训练2】 在等差数列{a n }中, (1)已知a 6=10,S 5=5,求a 8和S 10; (2)已知a 3+a 15=40,求S 17.解(1)⎩⎨⎧S 5=5a 1+5×42d =5,a 6=a 1+5d =10,解得a 1=-5,d =3. ∴a 8=a 6+2d =10+2×3=16,S 10=10a 1+10×92d =10×(-5)+5×9×3=85.(2)S 17=17×(a 1+a 17)2=17×(a 3+a 15)2=17×402=340.【例3】 (1)设S n 是等差数列{a n }的前n 项和,已知a 2=3,a 6=11,则S 7等于( ) A.13 B.35 C.49D.63(2)等差数列{a n }与{b n }的前n 项和分别是S n 和T n ,已知S n T n =7n n +3,则a 5b 5等于( )A.7B.23 C.7013 D.214(3)已知数列{a n }的通项公式为a n =2n +1(n ∈N *),其前n 项和为S n ,则数列{S nn }的前10项的和为________.解析 (1)S 7=72(a 1+a 7)=72(a 2+a 6)=72(3+11)=49. (2)a 5b 5=a 1+a 92b 1+b 92=S 9T 9=7×99+3=214.(3)∵S n =n (3+2n +1)2=n (n +2).∴S nn =n +2,∴数列{S nn }是以首项为3,公差为1的等差数列,∴{S nn }的前10项和为10×3+10×92×1=75. 答案 (1)C (2)D (3)75【迁移1】 已知两个等差数列{a n }与{b n }的前n (n >1)项和分别是S n 和T n ,且S n ∶T n =(2n +1)∶(3n -2),求a 9b 9的值.解 法一 a 9b 9=2a 92b 9=a 1+a 17b 1+b 17=a 1+a 172×17b 1+b 172×17=S 17T 17=2×17+13×17-2=3549=57. 法二 ∵数列{a n },{b n }均为等差数列, ∴S n =A 1n 2+B 1n ,T n =A 2n 2+B 2n . 又S n T n =2n +13n -2,∴令S n =tn (2n +1),T n =tn (3n -2),t ≠0,且t ∈R . ∴a n =S n -S n -1=tn (2n +1)-t (n -1)(2n -2+1) =tn (2n +1)-t (n -1)(2n -1)=t (4n -1)(n ≥2), b n =T n -T n -1=tn (3n -2)-t (n -1)(3n -5) =t (6n -5)(n ≥2).∴a n b n =t (4n -1)t (6n -5)=4n -16n -5, ∴a 9b 9=4×9-16×9-5=3549=57. 【迁移2】 已知两个等差数列{a n }与{b n }的前n 项和分别是S n 和T n ,且a n ∶b n =(2n +1)∶(3n -2),则S 9T 9=________.解析 ∵{a n },{b n }均为等差数列, 则S 9T 9=9a 59b 5=2×5+13×5-2=1113.答案1113规律方法 等差数列前n 项和运算的几种思维方法(1)整体思路:利用公式S n =n (a 1+a n )2,设法求出整体a 1+a n ,再代入求解.(2)待定系数法:利用S n 是关于n 的二次函数,设S n =An 2+Bn (A ≠0),列出方程组求出A ,B 即可,或利用S n n 是关于n 的一次函数,设S nn =an +b (a ≠0)进行计算. (3)利用S n ,S 2n -S n ,S 3n -S 2n 成等差数列进行求解.课堂达标1.在等差数列{a n }中,S 10=120,那么a 1+a 10的值是( ) A.12 B.24 C.36D.48解析 S 10=10(a 1+a 10)2=5(a 1+a 10)=120,∴a 1+a 10=24. 答案 B2.记等差数列前n 项和为S n ,若S 2=4,S 4=20,则该数列的公差d 等于( ) A.2 B.3 C.6D.7解析 法一 由⎩⎪⎨⎪⎧S 2=2a 1+d =4,S 4=4a 1+6d =20,解得d =3.法二 由S 4-S 2=a 3+a 4=a 1+2d +a 2+2d =S 2+4d ,所以20-4=4+4d ,解得d =3. 答案 B3.等差数列{a n }的前四项之和为124,后四项之和为156,各项和为210,则此数列的项数为( ) A.5 B.6 C.7D.8解析 由题意知a 1+a 2+a 3+a 4=124, a n +a n -1+a n -2+a n -3=156, ∴4(a 1+a n )=280, ∴a 1+a n =70.又S =n (a 1+a n )2=n2×70=210,∴n =6.答案 B4.已知数列{a n }的通项公式是a n =2n -48,则S n 取得最小值时,n 为________. 解析 ∵a 24=0,∴a 1<0,a 2<0,…,a 23<0,故S 23=S 24最小. 答案 23或245.已知等差数列{a n }中,(1)a 1=32,d =-12,S n =-15,求n ; (2)a 1=1,a n =-512,S n =-1 022,求d . 解 (1)∵S n =n ×32+⎝ ⎛⎭⎪⎫-12×n (n -1)2=-15,整理得n 2-7n -60=0, 解之得n =12或n =-5(舍去).(2)由S n =n (a 1+a n )2=n (1-512)2=-1 022,解之得n =4.又由a n =a 1+(n -1)d ,即-512=1+(4-1)d , 解之得d =-171.课堂小结1.求等差数列前n 项和公式的方法称为倒序相加法,在某些数列求和中也可能用到.2.等差数列的两个求和公式中,一共涉及a 1,a n ,S n ,n ,d 五个量,若已知其中三个量,通过方程思想可求另外两个量,在利用求和公式时,要注意整体思想的应用,注意下面结论的运用:若m +n =p +q ,则a n +a m =a p +a q (n ,m ,p ,q ∈N *),若m +n =2p ,则a n +a m =2a p .3.本节基本思想:方程思想、函数思想、整体思想、分类讨论思想.基础过关1.已知等差数列{a n }中,a 2+a 8=8,则该数列的前9项和S 9等于( ) A.18 B.27 C.36D.45解析 S 9=92(a 1+a 9)=92(a 2+a 8)=36. 答案 C2.等差数列{a n }中,S 10=4S 5,则a 1d 等于( )A.12B.2C.14D.4解析 由题意得:10a 1+12×10×9d =4⎝ ⎛⎭⎪⎫5a 1+12×5×4d ,∴10a 1+45d =20a 1+40d , ∴10a 1=5d ,∴a 1d =12.答案 A3.已知等差数列{a n }中,a 23+a 28+2a 3a 8=9,且a n <0,则S 10为( )A.-9B.-11C.-13D.-15解析 由a 23+a 28+2a 3a 8=9得(a 3+a 8)2=9,∵a n <0,∴a 3+a 8=-3,∴S 10=10(a 1+a 10)2=10(a 3+a 8)2=10×(-3)2=-15. 答案 D4.在一个等差数列中,已知a 10=10,则S 19=________.解析 S 19=19(a 1+a 19)2=19(a 10+a 10)2=19a 10=19×10=190. 答案 1905.已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,且6S 5-5S 3=5,则a 4=________. 解析 设等差数列{a n }的首项为a 1,公差为d ,由6S 5-5S 3=5,得3(a 1+3d )=1,所以a 4=13. 答案 136.设S n 为等差数列{a n }的前n 项和,若S 3=3,S 6=24,求a 9. 解 设等差数列的公差为d ,则S 3=3a 1+3×22d =3a 1+3d =3,即a 1+d =1,S 6=6a 1+6×52d =6a 1+15d =24,即2a 1+5d =8.由⎩⎪⎨⎪⎧a 1+d =1,2a 1+5d =8,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=-1,d =2.故a 9=a 1+8d =-1+8×2=15.7.已知S n 是等差数列{a n }的前n 项和,且S 10=100,S 100=10,求S 110. 解 法一 设等差数列{a n }的首项为a 1,公差为d ,∵S 10=100,S 100=10,∴⎩⎨⎧10a 1+10(10-1)2d =100,100a 1+100(100-1)2d =10,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=1 099100,d =-1150. ∴S 110=110a 1+110(110-1)2d =110×1 099100+110×1092×⎝ ⎛⎭⎪⎫-1150=-110. 法二 ∵S 10,S 20-S 10,S 30-S 20,…,S 100-S 90,S 110-S 100,…成等差数列,设公差为d ,∴该数列的前10项和为10×100+10×92d =S 100=10,解得d =-22,∴前11项和S 110=11×100+11×102×(-22)=-110.能力提升8.在等差数列{a n }中,前四项之和为20,最后四项之和为60,前n 项之和是100,则项数n 为( )A.9B.10C.11D.12解析 由题意及等差数列的性质可得4(a 1+a n )=20+60=80,∴a 1+a n =20.∵前n 项之和是100=n (a 1+a n )2,解得n =10,故选B. 答案 B9.等差数列{a n }中,已知前15项的和S 15=90,则a 8等于( )A.452B.12C.6D.454解析 在等差数列{a n }中, ∵S 15=90,由S 15=15a 8=90,得a 8=6.故选C.答案 C10.已知{a n }为等差数列,a 2+a 8=43,则S 9等于________.解析 由等差数列的求和公式可得:S 9=9(a 1+a 9)2=9(a 2+a 8)2=9×432=6. 答案 611.含2n +1项的等差数列,其奇数项的和与偶数项的和之比为________.解析 S 奇=(n +1)(a 1+a 2n +1)2,S 偶=n (a 2+a 2n )2. ∵a 1+a 2n +1=a 2+a 2n ,∴S 奇S 偶=n +1n . 答案 n +1n12.已知数列{a n }的前n 项和S n =32n -n 2+1,(1)求数列{a n }的通项公式;(2)求数列{a n }的前多少项和最大.解 (1)当n =1时,a 1=S 1=32-1+1=32;当n ≥2时,a n =S n -S n -1=(32n -n 2+1)-[32(n -1)-(n -1)2+1]=33-2n ;所以:a n =⎩⎪⎨⎪⎧32,n =1,33-2n ,n ≥2;(2)S n =32n -n 2+1=-(n 2-32n )+1=-(n -16)2+162+1;所以,前16项的和最大.13.(选做题)已知数列{a n }的通项公式为a n =6n +5(n ∈N *),数列{b n }是等差数列,且a n =b n +b n +1.(1)求数列{a n }的前n 项和;(2)求数列{b n }的通项公式. 解 (1)∵a n =6n +5(n ∈N *), ∴a n +1-a n =[6(n +1)+5]-(6n +5)=6(n ∈N *). ∴数列{a n }是以公差为6的等差数列. 又∵a 1=11,∴数列{a n }的前n 项和:S n =n (a 1+a n )2=n [11+(6n +5)]2=3n 2+8n . (2)∵a n =b n +b n +1, ∴a 1=b 1+b 2,a 2=b 2+b 3. ∴⎩⎪⎨⎪⎧b 1+b 2=11,b 2+b 3=17. 设数列{b n }的公差为d , 则⎩⎪⎨⎪⎧2b 1+d =11,2b 1+3d =17,∴⎩⎪⎨⎪⎧b 1=4,d =3. ∴数列{b n }的通项公式:b n =3n +1.。
等差数列的前n项和(课时一)
§2.3 等差数列的前n项和(一)一、教材地位与作用数列是刻画离散现象的函数,是一种重要的数学模型。
人们往往通过离散现象认识连续现象,因此就有必要研究数列。
高中数列研究的主要对象是等差、等比两个基本数列。
本节课的教学内容是等差数列前n项和公式的推导及其简单应用。
在推导等差数列前n项和公式的过程中,采用了:1.从特殊到一般的研究方法;2.等差数列的基本元表示;3.逆序相加求和。
不仅得出了等差数列前n项和公式,而且对以后推导等比数列前n项和公式有一定的启发,也是一种常用的数学思想方法。
等差数列前n项和是学习极限、微积分的基础,与数学课程的其它内容(函数、三角、不等式等)有着密切的联系。
二、三维目标1、知识与技能:(1)掌握等差数列的前n项和公式的推导方法;(2)掌握公式的运用2、方法与过程:(1)通过公式的探究、发现,在知识发生、发展以及形成过程中培养学生观察、分析、联想、归纳、综合和逻辑推理的能力;(2)利用以退求进的思维策略、遵循从特殊到一般的认知规律,让学生在实践中通过观察、尝试、分析、类比的方法,导出等差数列的求和公式,培养学生类比思维能力。
3、情感态度价值观:(1)公式的发现反映了普遍性寓于特殊性之中,从而使学生受到辩证唯物主义思想的熏陶;(2)通过公式的运用,树立学生“大众数学”的思想意识。
三、教学重点与难点1、重点:(1)探索并掌握等数列的前n项和公式;(2)学会用公式解决一些实际问题;(3)体会等差数列的前n项和与二次函数之间的联系。
2、难点:等差数列的前n项和公式推导思路的获得。
四、学情简介:高一年级、普通班五、教学方法:讲授法六、教学过程教师活动教学内容学生活动(一)引入1、例:1+2+3+...+99+100=?的高斯的算法1+2+3+...+99+100=(1+100)+(2+99)+...(50+51)=101×50=5050规律:任意的地k项与倒数的第k项的和等于首项与末项的和(*)解决了数列{n}的前100项的和口述等差数列{a n }的前n项定义2、猜想(1):可以用此方法求数列{n}的前n项和1+2+3+...+(n-1)+n=(1+n)+(2+(n-1))+...+( ? )最后一项是什么?是两项之和,还是单独一项?即需要考虑项数n的奇偶性但如果把此求和式子反过来写,就可以发现这两个式子对应的每项相加之和刚好都为n+1,记s=1+2+3+...+(n-1)+ns= 1 + 2 + 3 + ... +(n-1)+ n ©倒序s= n +(n-1)+(n-2)+ ... + 2 + 1 ®相加(n+1)(n+1)(n+1)... (n+1)(n+1)→n个(n+1)由©+®得2s=(n+1)n即s=1+2+3+...+(n-1)+n=2)1(nn+求和方法:倒序相加法分析:仅用到规律(*),并且巧妙地避免了对项数奇偶性的讨论又一般等差数列{a n }有性质若m+n=p+q,则aaaa qpnm+=+从而aaaaaa k nkn n1112+-+-=+==+3、猜想(2):可以用“倒序相加法”求一般等差数列的前n项和(二)讲解新知1、定义:对数列{a n},记S n=a1+a2+…+a n-1+a n 为数列{a n }的前n项和.2、公式(等差数列{a n},公差为d)S n=n(a1+a n)2①=na1+n(n-1)2 d ②(1)公式推导S n=a1 +a2 +…+a n-1 +a n ③S n=a n +a n-1+…+a2 +a1 ④(a1+a n) (a1+a n) …(a1+a n) (a1+a n) →n个(a1+a n) 由③+④得2S n=个nnnnaaaaaa)()()(111++⋅⋅⋅++++=n(a1+a n)即S n=n(a1+a n)2=()2下底上底高+⨯(1)(2)只需说出应用公式几=()21aa k nkn+-+⨯又a n与a1和d有关系,()dnaa n11-+=所以,()()()dnnndnnaaas n2121111-+=-++=(2)公式①与公式②的区别与联系区别:i)公式①反映了等差数列的任意的第k项与与倒数的第k项的和等于首项与末项的和这个性质;ii)公式②反映了等差数列的前n项和与它的首项、公差之间的联系,而且是关系n的“二次函数”,可以与二次函数进行比较。
课时作业37:§2.3 第1课时 等差数列的前n项和公式
§2.3 等差数列的前n 项和第1课时 等差数列的前n 项和公式1.在-20与40之间插入8个数,使这10个数成等差数列,则这10个数的和为( )A .200B .100C .90D .70答案 B解析 S 10=10×(-20+40)2=100. 2.在等差数列{a n }中,若a 2+a 8=8,则该数列的前9项和S 9等于( )A .18B .27C .36D .45答案 C解析 S 9=92(a 1+a 9)=92(a 2+a 8)=36. 3.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足S n =n 2+n ,则a 8等于( )A .72B .36C .18D .16答案 D解析 由a n =S n -S n -1(n ≥2且n ∈N *)得a 8=S 8-S 7=82+8-72-7=16.4.在等差数列{a n }和{b n }中,a 1=25,b 1=75,a 100+b 100=100,则数列{a n +b n }的前100项的和为( )A .10 000B .8 000C .9 000D .11 000答案 A解析 由已知得{a n +b n }为等差数列,故其前100项的和为S 100=100[(a 1+b 1)+(a 100+b 100)]2=50×(25+75+100)=10 000.5.如果一个数列由有限个连续的正整数按从小到大的顺序组成(数列的项数大于2),且所有项数之和为N ,那么称该数列为“N 型标准数列”,例如,数列3,4,5,6,7为“25型标准数列”,则“5336型标准数列”的个数为( )A .2B .3C .4D .5答案 B解析 由题意知d =1,na 1+n (n -1)2=5 336, ∴n (2a 1+n -1)=10 672=24×23×29,∵n <2a 1+n -1,且一奇一偶,∴(n ,2a 1+n -1)=(16,667)=(23,464)=(29,368)共三组.6.(2020·全国Ⅱ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.若a 1=-2,a 2+a 6=2,则S 10=________. 答案 25解析 设等差数列{a n }的公差为d ,则a 2+a 6=2a 1+6d =2.因为a 1=-2,所以d =1.所以S 10=10×(-2)+10×92×1=25. 7.设S n 为等差数列{a n }的前n 项和,若a 1=1,公差d =2,S k +2-S k =24,则k =________. 答案 5解析 因为S k +2-S k =a k +1+a k +2=a 1+kd +a 1+(k +1)d =2a 1+(2k +1)d =2×1+(2k +1)×2=4k +4=24,所以k =5.8.在等差数列{a n }中,S 10=4S 5,则a 1d=________. 答案 12解析 设公差为d ,由题意得10a 1+12×10×9d =4⎝⎛⎭⎫5a 1+12×5×4d ,所以10a 1+45d = 20a 1+40d ,所以10a 1=5d ,所以a 1d =12. 9.记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.已知S 9=-a 5.(1)若a 3=4,求数列{a n }的通项公式;(2)若a 1>0,求使得S n ≥a n 的n 的取值范围.解 (1)设数列{a n }的公差为d .由S 9=-a 5,即9a 5=-a 5,所以a 5=0,得a 1+4d =0.由a 3=4得a 1+2d =4.于是a 1=8,d =-2.因此数列{a n }的通项公式为a n =10-2n ,n ∈N *.(2)由(1)得a 1=-4d ,故a n =(n -5)d ,S n =n (n -9)d 2. 由a 1>0知d <0,故S n ≥a n 等价于n (n -9)d 2≥(n -5)d , 化简得n 2-11n +10≤0,由二次函数y =n 2-11n +10的图象得1≤n ≤10,所以n 的取值范围是{n |1≤n ≤10,n ∈N *}.10.已知{a n }为等差数列,S n 为数列{a n }的前n 项和,且S 7=7,S 15=75,求数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 的前n 项和T n .解 设等差数列{a n }的公差为d ,则S n =na 1+n (n -1)2d .∵S 7=7,S 15=75,∴⎩⎪⎨⎪⎧ 7a 1+21d =7,15a 1+105d =75,即⎩⎪⎨⎪⎧ a 1+3d =1,a 1+7d =5,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=-2,d =1,∴S nn =a 1+n -12d =-2+n -12,∴S n +1n +1-S n n =12,∴数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 是等差数列,且其首项为-2,公差为12.∴T n =14n 2-94n ,n ∈N *.11.已知数列{a n }的前n 项和S n =n 2-9n ,第k 项满足5<a k <8,则k 等于( )A .9B .8C .7D .6答案 B解析 当k =1时,a 1=-8,不满足题意;当k ≥2,k ∈N *时,a k =S k -S k -1=k 2-9k -(k -1)2+9(k -1)=2k -10.由5<2k -10<8,得152<k <9,又k ∈N *,故k =8.12.在等差数列{a n }中,a 1=-2 018,其前n 项和为S n ,若S 1212-S 1010=2,则S 2 021等于() A .-4 042 B .-2 021 C .2 021 D .4 042答案 D解析 在等差数列{a n }中,S 1212-S 1010=2,所以12×(a 1+a 12)212-10×(a 1+a 10)210=2,化简得a 12-a 10=2d =4,解得d =2,所以S 2 021=2 021×(-2 018)+12×2 021×2 020×2=4 042. 13.已知两个等差数列{a n }与{b n }的前n 项和分别是S n 和T n ,且a n ∶b n =(2n +1)∶(3n -2),则S 9T 9=________. 答案 1113解析 ∵{a n },{b n }均为等差数列,∴S 9T 9=9a 59b 5=2×5+13×5-2=1113. 14.《周髀算经》中有这样一个问题:从冬至日起,依次小寒、大寒、立春、雨水、惊蛰、春分、清明、谷雨、立夏、小满、芒种十二个节气日影长减等寸,雨水、惊蛰、春分、清明日影之和为三丈二尺,前七个节气日影之和为七丈三尺五寸,问立夏日影长为________. 答案 四尺五寸解析 从冬至日起,日影长构成数列{a n },则数列{a n }是等差数列,则a 5+a 6+a 7+a 8=32,S 7=73.5,所以⎩⎪⎨⎪⎧2a 1+11d =16,7a 1+21d =73.5,解得a 1=272,d =-1. 故a 10=272-9=4.5, 即立夏日影长为四尺五寸.15.一个凸多边形的内角成等差数列,其中最小的内角为120°,公差为5°,那么这个多边形的边数n 等于( )A .12B .16C .9D .16或9答案 C解析 a n =120°+5°(n -1)=5°n +115°,a n <180°,所以n <13,n ∈N *,由n 边形内角和定理得(n -2)×180°=120°n +n (n -1)2×5°,解得n =16或n =9,又n <13,n ∈N *,所以n =9. 16.已知公差大于零的等差数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足:a 3a 4=117,a 2+a 5=22.(1)求数列{a n }的通项公式a n ;(2)若数列{b n }是等差数列,且b n =S n n +c,求非零常数c . 解 (1)设等差数列{a n }的公差为d ,且d >0.∵a 3+a 4=a 2+a 5=22,又a 3a 4=117,∴a 3,a 4是方程x 2-22x +117=0的两个根. 又公差d >0,∴a 3<a 4, ∴a 3=9,a 4=13.∴⎩⎪⎨⎪⎧ a 1+2d =9,a 1+3d =13,∴⎩⎪⎨⎪⎧ a 1=1,d =4, ∴a n =4n -3,n ∈N *.(2)由(1)知,S n =n ×1+n (n -1)2×4=2n 2-n , ∴b n =S nn +c =2n 2-n n +c .∴b 1=11+c ,b 2=62+c ,b 3=153+c . ∵数列{b n }是等差数列,∴2b 2=b 1+b 3, ∴2c 2+c =0,∴c =-12 (c =0舍去).经检验,c =-12符合题意,∴c =-12.。
高中数学:第二章 2.3 第1课时 等差数列的前n项和公式
[课时作业]页[A 组 基础巩固]1.等差数列{a n }中,d =2,a n =11,S n =35,则a 1等于( )A .5或7B .3或5C .7或-1D .3或-1解析:由题意,得⎩⎪⎨⎪⎧ a n =11,S n =35,即⎩⎪⎨⎪⎧ a 1+2(n -1)=11,na 1+n (n -1)2×2=35.解得⎩⎪⎨⎪⎧ n =5,a 1=3,或⎩⎪⎨⎪⎧n =7,a 1=-1. ★答案★:D2.已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 2=4,S 4=20,则该数列的公差d 为( )A .7B .6C .3D .2解析:由S 2=4,S 4=20,得2a 1+d =4,4a 1+6d =20,解得d =3.★答案★:C3.已知等差数列{a n }满足a 2+a 4=4,a 3+a 5=10,则它的前10项的和S 10等于( )A .138B .135C .95D .23解析:由a 2+a 4=4,a 3+a 5=10,可知d =3,a 1=-4.∴S 10=-40+10×92×3=95. ★答案★:C4.若等差数列{a n }的前5项和S 5=25,且a 2=3,则a 7等于( )A .12B .13C .14D .15解析:由S 5=5a 3=25,∴a 3=5.∴d =a 3-a 2=5-3=2.∴a 7=a 2+5d =3+10=13.★答案★:B5.已知数列{a n }的前n 项和S n =n 2-9n ,第k 项满足5<a k <8,则k 等于( )A .9B .8C .7D .6 解析:当n =1时,a 1=S 1=-8;当n ≥2时,a n =S n -S n -1=(n 2-9n )-[(n -1) 2-9(n -1)]=2n -10.综上可得数列{a n }的通项公式a n =2n -10.所以a k =2k -10.令5<2k -10<8,解得k =8.★答案★:B6.已知数列{a n }中,a 1=1,a n =a n -1+12(n ≥2),则数列{a n }的前9项和等于________. 解析:∵n ≥2时,a n =a n -1+12,且a 1=1,所以数列{a n }是以1为首项,以12为公差的等差数列,所以S 9=9×1+9×82×12=9+18=27. ★答案★:277.等差数列{a n }中,若a 10=10,a 19=100,前n 项和S n =0,则n =________.解析:⎩⎪⎨⎪⎧a 1+9d =10a 1+18d =100,∴d =10,a 1=-80. ∴S n =-80n +n (n -1)2×10=0, ∴-80n +5n (n -1)=0,n =17.★答案★:178.等差数列{a n }中,a 2+a 7+a 12=24,则S 13=________.解析:因为a 1+a 13=a 2+a 12=2a 7,又a 2+a 7+a 12=24,所以a 7=8.所以S 13=13(a 1+a 13)2=13×8=104. ★答案★:1049.在等差数列{a n }中:(1)已知a 5+a 10=58,a 4+a 9=50,求S 10;(2)已知S 7=42,S n =510,a n -3=45,求n .解析:(1)由已知条件得⎩⎪⎨⎪⎧ a 5+a 10=2a 1+13d =58,a 4+a 9=2a 1+11d =50,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=3,d =4. ∴S 10=10a 1+10×(10-1)2d =10×3+10×92×4=210. (2)S 7=7(a 1+a 7)2=7a 4=42, ∴a 4=6.∴S n =n (a 1+a n )2=n (a 4+a n -3)2=n (6+45)2=510.∴n =20.10.在等差数列{a n }中,a 10=18,前5项的和S 5=-15,(1)求数列{a n }的通项公式;(2)求数列{a n }的前n 项和的最小值,并指出何时取得最小值.解析:(1)设{a n }的首项,公差分别为a 1,d .则⎩⎪⎨⎪⎧a 1+9d =18,5a 1+52×4×d =-15, 解得a 1=-9,d =3,∴a n =3n -12.(2)S n =n (a 1+a n )2=12(3n 2-21n ) =32⎝⎛⎭⎫n -722-1478, ∴当n =3或4时,前n 项的和取得最小值为-18.[B 组 能力提升]1.S n 是等差数列{a n }的前n 项和,a 3+a 6+a 12为一个常数,则下列也是常数的是( )A .S 17B .S 15C .S 13D .S 7 解析:∵a 3+a 6+a 12为常数,∴a 2+a 7+a 12=3a 7为常数,∴a 7为常数.又S 13=13a 7,∴S 13为常数.★答案★:C2.设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,S m -1=-2,S m =0,S m +1=3,则m =( )A .3B .4C .5D .6解析:a m =S m -S m -1=2,a m +1=S m +1-S m =3,∴d =a m +1-a m =1,由S m =(a 1+a m )m 2=0, 知a 1=-a m =-2,a m =-2+(m -1)=2,解得m =5.★答案★:C3.设S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若a 5a 3=59,则S 9S 5等于________. 解析:由等差数列的性质,a 5a 3=2a 52a 3=a 1+a 9a 1+a 5=59,∴S 9S 5=92(a 1+a 9)52(a 1+a 5)=95×59=1. ★答案★:14.设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,已知前6项和为36,最后6项和为180,S n =324(n >6),则数列的项数n =________,a 9+a 10=________.解析:由题意,可知a 1+a 2+…+a 6=36 ①,a n +a n -1+a n -2+…+a n -5=180 ②,由①+②,得(a 1+a n )+(a 2+a n -1)+…+(a 6+a n -5)=6(a 1+a n )=216,∴a 1+a n =36.又S n =n (a 1+a n )2=324,∴18n =324,∴n =18,∴a 1+a 18=36,∴a 9+a 10=a 1+a 18=36. ★答案★:18 365.等差数列{a n }的前n 项和S n =-32n 2+2052n ,求数列{|a n |}的前n 项和T n . 解析:a 1=S 1=101,当n ≥2时,a n =S n -S n -1=-32n 2+2052n -⎣⎡ -32(n -1)2+ ⎦⎤2052(n -1)=-3n +104,a 1=S 1=101也适合上式,所以a n =-3n +104,令a n =0,n =3423,故n ≥35时,a n <0,n ≤34时,a n >0,所以对数列{|a n |},n ≤34时,T n =|a 1|+|a 2|+…+|a n |=a 1+a 2+…+a n =-32n 2+2052n , 当n ≥35时,T n =|a 1|+|a 2|+…+|a 34|+|a 35|+…+|a n |=a 1+a 2+…+a 34-a 35-…-a n=2(a 1+a 2+…+a 34)-(a 1+a 2+…+a n )=2S 34-S n =32n 2-2052n +3 502, 所以T n=⎩⎨⎧ -32n 2+2052n (n ≤34),32n 2-2052n +3 502(n ≥35).6.设{a n }为等差数列,S n 为数列{a n }的前n 项和,已知S 7=7,S 15=75,T n 为数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 的前n 项和,求T n .解析:设等差数列{a n }的公差为d ,则S n =na 1+12n (n -1)d , ∵S 7=7,S 15=75,∴⎩⎪⎨⎪⎧ 7a 1+21d =7,15a 1+105d =75, 即⎩⎪⎨⎪⎧ a 1+3d =1,a 1+7d =5,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=-2,d =1,∴S n n =a 1+12(n -1)d =-2+12(n -1), ∵S n +1n +1-S n n =12, ∴数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 是等差数列,其首项为-2,公差为12, ∴T n =n ×(-2)+n ·(n -1)2×12=14n 2-94n .。
2.3等差数列的前n项和(1)
2
变式练习
一个屋顶的某一斜面成等腰梯形,最上面 一层铺瓦片21块,往下每一层多铺1块,斜面 上铺了19层,共铺瓦片多少块? 解:由题意,该屋顶斜面每层所铺的瓦片数 构成等差数列{an},且a1=21,d=1,n=19. 于是,屋顶斜面共铺瓦片:
19 19 1 S19 19 21 1 570 块 2
3/30/2015
想 一 想
3/30/2015
在等差数列 {an} 中,如果已知五个 量 a1, an, n, d, Sn 中的任意三个, 请问: 能否求出其余两个量 ?
( n n 1) d S n na1 2 an a1 (n 1) d
结论:知 三 求 二
3/30/2015
复习引入
数列的通项公式能够反映数列的基 本特性,而在实际问题中,常常需要求 数列的前n项和.对于等差数列,为了方 便运算,我们希望有一个求和公式,这 就是本节课我们需要探究的课题.
3/30/2015
3/30/2015
高斯(Gauss,1777—1855), 德国著名数学家,他研究的内 容涉及数学的各个领域,被称 为历史上最伟大的三位数学家 之一,他与阿基米德、牛顿齐 名,是数学史上一颗光芒四射 的巨星,被誉为“数学王子”.
环县二中
梁万聪
复习引入
1. 等差数列定义:
即an-an-1 =d (n≥2).
2. 等差数列通项公式:
(1) an=a1+(n-1)d .
(2) an=am+(n-m)d .
3/30/2015
复习引入
3. 等差中项
ab A a , A, b 2
*
成等差数列.
4. 等差数列的性质 m+n=p+q am+an=ap+aq. (m,n,p,q∈N*)
等差数列的前n项和(第一课时)
(1)已知Sn求an,其方法是an=Sn-Sn-1(n≥2), 这里常常因为忽略条件“n≥2”而出错. (2)在书写{an}的通项公式时,务必验证 n=1 是否满足
an(n≥2)的情形.如果不满足,则通项公式只能用 an=
S1 n=1 Sn-Sn-1n≥2
表示.
上页 下页
【变式】 已知数列{an}的前n项和Sn=2n2+3n,求an. 解 a1=S1=5, 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=(2n2+3n)-[2(n-1)2+ 3(n-1)]=4n+1, 当n=1时也适合,∴an=4n+1.
答:屋顶斜面共铺瓦片570块.
上页 下页
【变式4】一个等差数列的前10项之和为100,前100项之和为10, 求前110项之和. [思路探索] 解答本题可利用前n项和公式求出a1和d,即可 求出S110,或利用等差数列前n项和的性质求解.
解 法一 设等差数列{an}的公差为 d,前 n 项和为 Sn, 则 Sn=na1+nn2-1d.
上页 下页
n + (n-1) + (n-2) +…+ 2 +1 ②
分析:这
其实是求 21 2 3 (n 1) n n (n 1)
一个具体
的等差数 列前n项
和.
1 2 3 (n 1) n n (n 1) 2
那么,对一般的等差数列,如何求它的
前n项和呢?
上页 下页
问题分析 如何才能将
已 是知n,等第差n数项列为{an,an求}前的n首项项和等为S式化na. 1的简,右?项边数 Q Sn a1 a2 a3 L an ①
于是,ad1
4 6
所以
Sn
n4
n(n 1) 2
6=3n2
n
上页 下页
第二章 2.3 第1课时 等差数列的前n项和公式 -【教师版】
A.2 300 B.2 400 C.2 600 D.2 500
答案 D
解析 由 am=a1+(m-1)d,得 99=1+(m-1)×2, 解得 m=50,所以 S50=50×1+50×49×2=2 500.
2 2.记等差数列的前 n 项和为 Sn,若 S2=4,S4=20,则该数列的公差 d 等于( )
n=1
时,a1=S1=12+12+1=52不符合①式.∴an=
2 2n-1,n≥2,n∈N*.
2
反思感悟 已知前 n 项和 Sn 求通项 an,先由 n=1 时,a1=S1 求得 a1,再由 n≥2 时,an=Sn-Sn-1 求得 an,
最后验证 a1 是否符合 an,若符合则统一用一个解析式表示,不符合则分段表示.
例 1 在等差数列{an}中:
(1)已知 a5+a10=58,a4+a9=50,求 S10;
(2)已知 S7=42,Sn=510,an-3=45,求 n.
解 (1)方法一 由已知条件得
a5+a10=2a1+13d=58,
a1=3,
解得
a4+a9=2a1+11d=50,
d=4.
∴S10=10a1+10×10-1d=10×3+10×9×4=210.
2
2
a5+a10=a1+a10+4d=58, 方法二 由已知条件得
a4+a9=a1+a10+2d=50,
∴a1+a10=42,
∴S10=10a1+a10=5×42=210. 2
(2)S7=7a1+a7=7a4=42,∴a4=6. 2
∴Sn=na1+an=na4+an-3=n6+45=510.∴n=20.
解 由 Sn=na1+nn-1d, 2
得 na1+nn-1×2=35, 2
2.3(1)等差数列的前n项和
第1课时 等差数列的前n项和
1+2+3+„+98+99+100=? 高斯10岁时曾很快算出这一结 果,如何算的呢? 高斯 我们先看下面的问题.
(1777—1855)
德国著名数学家
1+2+3+· · · +100=?
带着这个问题,我们进入本节课的学习!
1. 掌握等差数列前n项和公式及其获取思路; (重 点) 2. 会用等差数列的前n项和公式解决一些简单的 与前n项和有关的问题.(难点)
2
当n = 1时, 1 3 a1 = S1 = 1 + ×1 = ,也满足上式. 2 2 1 所以数列an 的通项公式为an = 2n - . 2 3 由此可知,数列an 是一个首项为 ,公差为2的等差数列. 2
2
【规律总结】 这个例题给出了等差数列通项公式的另一个求法. ( , S 1 n=1) 已知前n项和S n,可求出通项an ( . 1 n 2) S n S n 这种用数列S n的公式来确定an的方法对于任何数列 都是可行的,而且还要注意a1不一定满足由 S n S n1 an 求出的通项表达式,所以最后要验证 首项a1是否满足已求出的an .
多少个 (a ? 共有n个 (a 1+a n) 1+a n)
n(a1 an ) Sn . 因此, 2
这种求和的 方法叫倒序 相加法!
【即时练习】
根据下列条件,求相应的等差数列an 的前n项和S n . a1 5, a10 95, n 10.
10× (5 + 95) 【解析】S10 = = 500. 2
a1=2,S3=12,则 a6 等于( C )
等差数列前n项和公式的推导及简单应用
规律与方法
1.求等差数列前n项和公式的方法称为倒序相加法,在某些数列求和中也 可能用到. 2.等差数列的两个求和公式中,一共涉及a1,an,Sn,n,d五个量.若已知 其中三个量,通过方程思想可求另外两个量.在利用求和公式时,要注意 整体思想的应用,注意下面结论的运用: 若m+n= p+q,则 an+am=ap+aq(n,m,p, q∈N*) ;若m+n= 2p,则 an+am=2ap.
第二章 §2.3
等差数列的前n项和
第1课时 等差数列前n项和公式的推导及简单应用
学习目标
1.掌握等差数列前n项和公式及其获取思路. 2.熟练掌握等差数列的五个量a1,d,n,an,Sn的关系,能够由 其中三个求另外两个. 3.能用an与Sn的关系求an.
内容索引
问题导学
题型探究
达标检测
问题导学
2
解答
反思与感悟
已知前n项和Sn求通项an,先由n=1时,a1=S1求得
a1,再由n≥2时,an=Sn-Sn-1求得an,最后验证a1是否符合an,
若符合则统一用一个解析式表示.
跟踪训练3 已知数列{an}的前n项和Sn=3n,求an. 解 当n=1时,a1=S1=3; 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=3n-3n-1=2· 3n-1. 当n=1时,代入an=2· 3n-1得a1=2≠3.
由这些条件能确定这个等差数列的前n项和的公式吗?
解答
反思与感悟
(1)在解决与等差数列前n项和有关的问题时,要注意方程
思想和整体思想的运用. (2)构成等差数列前n项和公式的元素有a1,d,n,an,Sn,知其三能求 其二.
跟踪训练1 在等差数列{an}中,已知d=2,an=11,Sn=35,求a1和n.
2.3等差数列的前n项和(1)课件(人教A版必修5)
设 Sn,Sn′分别表示数列{an}和{|an|}的前 n 项和, 当 n≤20
nn-1 时,Sn′=-Sn=--60n+ × 3 2
3 2 123 =-2n + 2 n;8 分 当 n>20 时,Sn′=-S20+(Sn-S20)=Sn-2S20
nn-1 20×19 =-60n+ 2 ×3-2×-60×20+ × 3 2
由题目可获取以下主要信息: na1+an 由 Sn= ,an=a1+(n-1)d,联立列方程组. 2 解答本题要紧扣等差数列的求和公式的两种形式,利用 等差数列的性质解题.
[解题过程]
nn-1 (1)∵an=a1+(n-1)d,Sn=na1+ 2 d,
又 a1=1,an=-512,Sn=-1 022, 1+n-1d=-512, ∴ 1 n+ nn-1d=-1 022. 2 解得 n=4,d=-171.
解析: a1+a3+a5=3a3=9,∴a3=3. 又∵a6=9,a3=3,∴d=2,a1=-1. 6×6-1 ∴S6=6×(-1)+ ×2=24. 2
• 已知数列{an}是等差数列, • (1)若a1=1,an=-512,Sn=-1 022,求公差 d; • (2)若a2+a5=19,S5=40,求a10; • (3)若S10=310,S20=1 220,求Sn.
d2 a1- 2
2d
1 a1 d d1 a12 2 =2n-2- d -22- d .
由二次函数的最大值、最小值知识及 n∈N*知,当 n 取 1 a1 最接近2- d 的正整数时,Sn 取到最大值(或最小值),值得注 1 a1 意的是最接近2- d 的正整数有时 1 个,有时 2 个. (2)根据项的正负来定. 若 a1>0,d<0,则数列的所有正数项之和最大; 若 a1<0,d>0,则数列的所有负数项之和最小. ,
等差数列的前n项和公式(第1课时)
高斯(Gauss,1777-
1855),德国数学家,
近代数学的奠基者之一.
他在天文学、大地测量
高斯的算法实际上解决了求等差数列:
学、磁学、光学等领域
1,2,3,⋯ ,n , ⋯ ① 前100 项的和的问题. 都做出过杰出贡献.
5
导入新课:
p18你能说说高斯在求和过程中利用了数列①的什么性质吗?
4
情景导入:
前面我们学习了等差数列的概念和通项公式,下
面我们将利用这些知识解决等差数列的求和问题.
200多年前,高斯的数学老师提出了下面的问题:
1+2+3+4+5+ ⋯ +98 +99 +100 =?
当其他同学忙于把100个数逐项相加时, 10岁的
高斯却用下面的方法迅速算出了正确答案:
(1+100)+(2+99)+(3+98)+⋯+(50+51)
=102×101
S101
102 101
2
5151.
等差数列 {an} 的性质, (m,n,p,q∈N*)
若 m+n=p+q,则 am+an=ap+aq
8
导入新课:
思考2:你能用高斯的方法求1+2+ 3+⋯+n 吗?
解析:Sn = 1 +2 +3 + ⋯ + (n-1) +n ①
Sn = n + (n-1) + ⋯ + 3 + 2 + 1 ②
d (2)
2
11
2.3 等差数列的前n项和(1)
复习:
1:等差数列的通项公式;
2:解决等差数列问题的常见方法有: (1)通法:确定 a1 , d . (2)利用等差数列的性质。
今天老师给同学们讲一个故事-----西游记后传:话说 猪八戒自西天取经之后,便回到了高家庄,成立了
高家庄集团,自己也摇身一变成了CEO,但是好景
小结:设等差数列 a n 的前n 项和为 S n , (1)通项公式及前n 和公式中涉及的量有五个为
a1 , d , a n , S n , n ,所以知三求二。
(2)解决等差数列问题 ( a n 与 S n )的常见方法有: 方法1:通用通法:确定基本量
a1 , d .
方法2:利用等差数列的性质。
知识点:
二:数列 a n 的前n项和 S n 与通项 (1) n a1 a 2 a 3 a n S
a n 的关系:
S 1 ( n 1) (2)a n S n S n 1 ( n 2)
已知数列的前n 项和 S n 求下列数列的通项公式 a n :
的通项公式,而且也要关注数列的前n 项和问题。
定义:数列 a n 的前 n 项和 S n 为 :
S n a1 a 2 a3 a n
本节课研究的问题: 探究如何求等差数列 a n 的
前n 项和
Sn ?
思路1:用等差数列的基本量 a1 , d 表示 S n :
S n a1 a 2 a 3 a n
例题1:已知数列 a n 的前n 项和为 S n n 2 n
2
求这个数列的通项公式。这个数列是等差数列吗?
若是,请加以证明,若不是,请说明理由。 例题2:已知数列 a n 的前n 项和为 S n n 2 n 3
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
两式相减得
d 6
a20 a10 60 10d 60
( n n 1 ) S n a1n d 3n 2 n 2
a1 4
两个等差数列2,6, 10,…,190和2,8, 14,…200,由这两个等差 数列的公共项按从小到大 的顺序组成一个新数列,求 这个新数列的各项之和.
问题呈现
你知道这个图案一共花了多少宝石吗?
问题1:
一个堆放铅笔的V形架的最 下面一层放一支铅笔,往 上每一层都比它下面一层 多放一支,最上面一层放 100支.这个V形架上共放着 多少支铅笔? 问题就是 求 “1+2+3+4+…+100=?”
德国古代著名数学家高斯 10 岁的时候很快就解决了这个问题: 1+2 + 3 + …+ 100=?你知道高斯 是怎样算出来的吗?
Sn
50 (50 1) 50 100 (2) 2550 2
(3)a1 14.5, d 0.7, an 32.
32 14.5 n 1 26, S 26 0.7
26 (14 .5 32 ) an a (n 1604 .5 . 1)d 2
2.(1)18(2)220 3. (1) 2p+2q (2)3(p+q)/2
答:集合M共有14个元素,它们的和等于735.
例4、已知一个等差数列的前10项的和是310, 前20项的和是1220,由此可以确定求其前n项 和的公式吗?
解:由于S10=310,S20=1220,将它们代 入公式 n(n 1) 可得 所以
2 a1 4 10a1 45d 310 于是, d 6 20 a 190 d 1220 1 n(n 1) 2 Sn n 4 6=3n n 2
Sn na1
d
例4、已知一个等差数列的前10项的和是310, 前20项的和是1220,由此可以确定求其前n项和 的公式吗?
10( a a ) 1 10 另解: S10 310 a1 a10 62 ① 2 20( a1 a20 ) S 20 1220 a1 a20 122② 2
高斯(Gauss,1777— 1855),德国著名数学 家,他研究的内容涉及 数学的各个领域,是历 史上最伟大的数学家之 一,被誉为“数学王 子”.
问题2:
求和:1+2+3+4+…+n=?
记:S= 1 + 2 + 3 +…+(n-2)+(n-1)+n S= n+(n-1)+(n-2)+…+ 3 + 2 +1 n( n 1) 2 S n( n 1) S 2
例1:根据下列条件,求相应的等差数列
an
的
(1)a1 5, an 95, n 10;
S10
(2)a1 100 , d 2, n 50;
S50
10 (5 95) 500 . 2
n(a1 an ) Sn 2
n(n 1) S n na1 d 2
2.3等差数列的前n项和
泰姬陵坐落于印 度距首都新德里200 多公里外的北方邦的 阿格拉市,是十七世 纪莫卧儿帝国皇帝沙 杰罕为纪念其爱妃所 建,她宏伟壮观,纯 白大理石砌建而成的 主体建筑令人心醉神 迷,陵寝以宝石镶嵌, 图案细致,绚丽夺目、 美丽无比,令人叫绝. 成为世界八大奇迹之 一.
传说陵寝中有一个三角形图案,以相同大 小的圆宝石镶饰而成,共有 100 层(见左 图),奢靡之程度,可见一斑。
n(n 1) 公式2 Sn na1 d 2
求和公式 等差数列的前n项和的公式: n(a1 an ) Sn 2
an a1 (n 1)d
n(n 1) Sn na1 d 2
公式的记忆
我们可结合梯形的面积公式来记忆等差数 列前 n 项和公式.
a1 n an
n(a1 an ) Sn 2
因为a1+an=a2+an-1=a3+an-2=… 两式左右分别相加,得
倒序相加
变式:能否用
a1,n,d表示Sn?
2Sn=(a1+an)+ (a2+an-1)+ (a3+an-2)+…+ (an-2+a3)+ (an-1+a2)+ (an+a1)=n(a1+an)
n(a1 an ) an=a1+(n-1)d n( n 1) Sn Sn na1 d 2 2
n 1 2n 1
练习2.已知等差数列{an}的前n项和为Sn, 若a4+a5=18,则S8等于(D )
A.18
B.36
C.54
D.72
课堂小结
(两个) 1.等差数列前n项和的公式;
n(a1 an ) Sn 2
n(n 1) Sn na1 d 2
2.等差数列前n项和公式的推导方法— —倒序相加法;
例2、2000年11月14日教育部下发了《关于在 中小学实施“校校通”工程的通知》,某市据此提出 了实施“校校通”工程的总目标:从2001年起用10年 的时间,在全市中小学建成不同标准的校园网。据测 算,2001年该市用于“校校通”工程的经费为500万 元。为了保证工程的顺利实施,计划每年投入的资金 都比上一年增加50万元。那么,从2001年起的未来10 年内,该市在“校校通”工程中的总投入是多少? 解:由题意,该市在“校校通”工程中每年投入 分析:①找关键句;②求什么,如何求; 的资金构成等差数列{an},且a1=500,d=50,n=10. 故,该市在未来10年内的总投入为:
练习1、计算 提示: (1) 5+6+7+…+79+80 3230 n=76 (2) 1+3+5+„+(2n-1) n2 法二: (3)1-2+3-4+5-6+„+(2n-1)-2n -n
1 3 5 …+ 2n 1 2 解: 2 n 2n 2 n 2 1 3 5 …+ 2n 1 2+4+6+…+2n 3 解:原式= n 1 2n 1 n 2 2n 2 n n n 1 n 2 2
将它们从小到大列出,得
7, 2 7, 3 7, 4 2
7,14,21,28,…,98 这个数列是成等差数列,记为 an
a1 7, a14 98, n 14
14 (7 98) S14 735 . 2
上述求解过程带给我们什么启示? (1)所求的和可以用首项、末项及项数来表示; (2)等差数列中任意的第k项与倒数第k项的和都 等于首项与末项的和。
问题3:设等差数列 {an} 的首项为a1,公差为d,如 何求等差数列的前n项和Sn= a1 +a2+a3+…+an?
解: S=a1+ a2 +a3 +…+an-2+an-1+an S=an+an-1+an-2+…+a3 + a2 +a1
10 10 1 S10 10 500 50 7250 万元 2
答
例3 求集合 M m | m 7n, n N , 且m 100 的元素个数,并求这些元素的和.
解: 7 n
所以集合M中的元素共有14个.
100 2 100 n 14 7 7
3.公式的应用(知三求一)。
课后作业
1.教材P52 A组1(3)(4),2,3,4,5,6
2. 在等差数列{an}中,
(1)已知a2+a5+a12+a15=36,求a16;
(2)已知a6=20, 求S11.
3.在等差数列{an}中,
(1)若a1+a2=p,a3+a4=q.求其前6项的和S6;
(2)若a2+a4=p,a3+a5=q.求其前6项的和S6.
解法:通项公式分别是an=2+(n-1)· 4 bn=2+(n-1)· 6 观察:
2,6,10,14,18,22,26,30,34,38,42,46,50,… 2,8,14,20,26,32,38,77,50,39,43,47,51,…
因此,这两个数列相同项组成一个首项c1=2, 公差 d=12的等差数列{cn} 因为,相同的项不大于190和200中的较小者, 1 所以, cn=2+(n-1)· 12≤190 得 n≤16 又 n∈N* 3 故这两个数列中相同的项共有16个。从而这个 新数列的各项之和为 S 16 2 16 15 12 1472 2
如何求等差数列an 的前n项和Sn ? 问题4:
Sn a1 (a1 d ) Sn an (an d ) [a1 (n 1)d ] [an (n 1)d ]
2Sn n(a1 an )
an a1 (n 1)d
n(a1 an ) 公式1 S n 2