(新课标Ⅱ卷)高考物理冲刺卷(2)(含解析)

（新课标Ⅱ卷）高考物理冲刺卷03第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．一质点做曲线运动，速率逐渐减小。

关于它在运动过程中P点时的速度v和加速度a 的方向，下列描述准确的图是( )【答案】C考点：速度和加速度。

【名师点睛】根据运动轨迹的形状，可以判断速度和加速度的方向，速度方向沿切线，加速度方向指向轨迹的凹侧，再根据速率的变化就可确定速度和加速度的大致方向，将加速度分解为沿速度方向和垂直于速度方向，与速度垂直的加速度改变速度的方向，沿速度方向的加速度改变速度的大小。

15．如图甲所示，不计电表对电路的影响，改变滑动变阻器的滑片位置，测得电压表和随电流表的示数变化规律如图乙中a、b所示，下列判断正确的是（）①图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势②图线b斜率的绝对值等于电源的内阻③图线a、b交点的横、纵坐标之积等于此状态下电源的输出功率④图线a 、b 交点的横、纵坐标之积等于此状态下电阻R 0消耗的功率A ．① ③B ．① ④C ．① ③④D ． ②③【答案】C考点：全电路欧姆定律。

【名师点晴】在全电路欧姆定律的规律中，路端电压与电流的图像中，图线与纵轴电压的交点就是电源的电动势，与横轴电流的交点就是短路电流，由其大小可以计算电源的内阻；再画出外电路电阻的图线，它过原点，其交点表示电路中的路端电压与电流，其乘积表示电源的输出功率。

16.如图所示，长为2L 的直导线拆成边长相等、夹角为60°的V 形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B ，当在该导线中通以大小为I 的电流时，该V 形通电导线受到的安培力大小为（ ）A 、0B 、0.5BILC 、BILD 、2BIL【答案】C【解析】根据左手定则可得两根直导线受到的安培力都是垂直导线斜向上，故两安培力的夹角为120°，12,F BIL F BIL ==，根据力的合成可得两力的合力为F BIL =，故C 正确； 考点：考查了安培力的计算，力的合成【名师点睛】由安培力公式F BIL =进行计算，注意式中的L 应为等效长度17.如图所示，水平绷紧的传送带AB 长L=8m ，始终以恒定速率v 1=4m/s 顺时针运行．初速度大小为v 2=6m/s 的小物块（可视为质点）从与传送带等高的光滑水平地面上经A 点向左滑上传送带．小物块的质量m=1kg ，物块与传送带间动摩擦因数μ=0.4，g 取10m/s 2．下列说法正确的是（ ）A ．小物块可以到达B 点B．小物块不能到达B点，但可返回A点，返回A点时速度为6m/sC．小物块在传送带上运动时，因相互间摩擦产生的热量为50JD．小物块向左运动速度减为0时相对传送带滑动的距离达到最大【答案】C考点：功能关系、匀变速直线运动的位移与时间的关系、牛顿第二定律【名师点睛】物体由于惯性冲上皮带后，从右端滑上传送带时，可以先匀减速运动到速度为0再反向加速后匀速，也可以一直减速，分情况进行讨论即可解题，本题关键是对于物体运动过程分析，物体可能一直减速，也有可能先减速后匀速运动，也可能先减速后加速再匀速运动，难度适中。

18.宇宙中存在一些智力相等且离其他恒星较远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用，如图，设四星系统中每个星体的质量均为m，半径均为R，四颗星稳定分布在边长为L的正方形的四个顶点上。

已知引力常量为G，关于四星系统（忽略星体自转的影响），下列说法正确的是A 、四颗星的向心加速度的大小为2LB 、四颗星运行的线速度大小是C 、四颗星表面的重力加速度均为2m G RD 、四颗星的周期均为2π【答案】BC考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】在万有引力这一块，设计的公式和物理量非常多，在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算19．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ．实线为一带正电的质点（不计重力）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，M 、N 是这条轨迹上的两点，下列判断正确的是A．三个等势面中，a的电势最低B．带电质点在M点具有的电势能比在N点具有的电势能大C．带电质点通过M点时的动能比通过N点时大D．带电质点通过M点时的加速度比通过N点时大【答案】BD考点：电势；电势能【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化。

由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场的场强大。

20.如图所示，足够长的平行光滑导轨固定在水平面上，导轨间距为L＝1 m，其右端连接有定值电阻R＝2 Ω，整个装置处于垂直导轨平面磁感应强度B＝1 T的匀强磁场中．一质量m＝2 kg的金属棒在恒定的水平拉力F＝10 N的作用下，在导轨上由静止开始向左运动，运动中金属棒始终与导轨垂直．导轨及金属棒的电阻不计，下列说法正确的是（）A．产生的感应电流方向在金属棒中由a指向bB．金属棒向左做先加速后减速运动直到静止C．金属棒的最大加速度为5 m/s2D．水平拉力的最大功率为200 W【答案】ACD【解析】金属棒向左运动切割磁感线，根据右手定则判断得知产生的感应电流方向由a→b，A正确；金属棒所受的安培力先小于拉力，棒做加速运动，后等于拉力做匀速直线运动，速度达到最大，B错误；根据牛顿第二定律得：F－22B L vR＝ma，可知棒的速度v增大，加速度a减小，所以棒刚开始运动时加速度考点：考查了导体切割磁感线运动【名师点睛】由右手定则判断感应电流的方向．金属棒在拉力和安培力作用下运动，通过分析安培力的变化，判断加速度的变化，即可确定最大加速度．当拉力等于安培力时，速度达到最大，结合切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律以及安培力大小公式求出最大速度的大小．由P Fv求解拉力的最大功率21．“娱乐风洞”是一集高科技与惊险的娱乐项目，它可把游客在一个特定的风洞内“吹”起来，让人体验太空飘忽感觉。

在某次表演中，假设风洞内向上的总风量和风速保持不变，表演者通过调整身姿，来改变所受的向上风力大小，人体可上下移动的空间总高度为H。

人体所受风力大小与正对面积成正比，站立时受风面积为水平横躺时18。

当人体与竖直方向成一定倾斜角时，受风正对面积是最大值的12，恰好可以静止或匀速漂移。

表演者开始时，先以站立身势从A点下落，经过某处B点，立即调整为横躺身姿。

运动到最低点C处恰好减速为零。

则有（）A．运动过程中的最大加速度是3 4 gB．B点的高度是3 7 HC．表演者A至B克服风力所做的功是B至C过程的1 6D．表演者A至B动能的增量大于B至C克服风力做的功【答案】BC考点：牛顿第二定律、功的计算。

【名师点睛】建立运动模型，将下降过程分为匀加速过程和匀减速过程，根据牛顿第二定律求出各个过程的加速度，然后根据运动学公式计算出加速和减速过程的位移比，再结合功的计算方法，判断不同过程的做功问题。

第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

第22题~第32 题为题，每个考题考生都必须作答，第33~40为选考题，考生格局要求作答。

（一）必考题（共129分）22．（6分）某兴趣小组利用图甲所示实验装置，验证“合外力做功和动能变化的关系”．小车及车中砝码的质量为M，沙桶和沙的质量为m，小车的速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到．（1）在实验中，下列说法正确的有（）A．将木板的右端垫起，以平衡小车的摩擦力B．每次改变小车的质量时，都要重新平衡摩擦力C．用直尺测量细线的长度作为沙桶下落的高度D．在小车运动过程中，对于M、m组成的系统，m的重力做正功（2）图乙是某次实验时得到的一条纸带，O点为静止开始释放沙桶纸带上打的第一个点，速度为0。

相邻两个计数点之间的时间间隔为T，根据此纸带可得出小车通过计数点E时的速度v E＝．（3）若用O、E两点来研究合外力做功和动能变化的关系，需要验证的关系式为(用所测物理量的符号表示)．【答案】（1）AD （2）T ss 246-（3）()()[]2462581ssmMTmgs-+=考点：探究功与速度变化的关系【名师点睛】本题考查探究功与速度变化的关系，首先掌握实验原理，由平均速度公式可求得E点的速度；根据机械能守恒即可正确回答。

23．（9分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A．直流电源（电动势约为5V，内阻可不计）B．直流电流表（量程0〜3A，内阻约为0.1Ω）C．直流电流表（量程0〜600mA，内阻约为5Ω）D．直流电压表（量程0〜15V，内阻约为15kΩ）E．直流电压表（量程0〜5V，内阻约为10kΩ）F．滑动变阻器（最大阻值10Ω，允许通过的最大电流为2A）G．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，允许通过的最大电流为0.5A）实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据．（1）实验中电流表应选用，电压表应选用，滑动变阻器应选用（均用序号字母表示）．（2）请按要求将图1中所示的器材连成实验电路．（3）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．现把实验中使用的小灯泡接到如图3所示的电路中，其中电源电动势E=4V ，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，此时灯泡的实际功率为 W ．（结果保留两位有效数字）【答案】（1）C E F ；（2）如下图 （3）0.34．点为灯泡的工作点，由图可知，此时灯泡的电压为1.0V ；电流为0.34A ；则灯泡的功率P=UI=1×0.34W=0.34W ；考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线【名师点睛】本题注意定值电阻的存在改变了电路中的电流；同时注意作伏安特性曲线时应根据特殊点作图，如0.4A 的位置．根据实验中给出的灯泡的额定值可以确定电流表及电压表；由实验要求可以确定接法，进而可以确定滑动变阻器；在坐标系中作出电源的伏安特性曲线，则两线的交点为灯泡的工作点，即可求出实际功率．24．（12分）如图（1）所示，一根直杆AB 与水平面成某一固定角度，在杆上套一个小物块，杆底端处有一弹性挡板，杆与板面垂直，现将物块拉到A 点静止释放，物块下滑与挡板第一次碰撞前后的v-t 图像如图（2）所示，物块最终停止在B 点，重力加速度为210/g m s ，求：（1）物块与杆之间的动摩擦因数μ （2）物体在杆上滑行的总路程s 【答案】（1）0.25μ=（2）6m s =考点：考查了牛顿第二定律，运动学公式，动能定理【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力25.（20分）有人设想用如图所示的装置来选择密度相同、大小不同的球状纳米颗粒．颗粒在电离室中电离后带正电，电量与其表面积成正比．电离后，颗粒缓慢通过小孔O 1进入极板间电压为U 的水平加速电场区域I （加速距离极短，忽略此过程中重力的影响），再通过小孔O 2射入匀强电场区域II ，区域II 中极板长度为l ，极板间距为d ．收集室的小孔O 3与O 1、O 2在同一条水平线上且到上下极板的距离相等．半径为r 0的颗粒，其质量为m 0、电量为q 0，刚好能沿O 1O 3直线射入收集室．（234,34r S r V ππ＝＝球球）试求：（1）图中区域II 的电场强度； （2）半径为r 的颗粒通过O 2时的速率； （3）落到区域II 中的下极板上的颗粒半径． 【答案】（1）00m g E q =，电场强度方向竖直向上（2）v =3）00202(1)q Udr r m gl ≥+ 【解析】 （1）半径为0r 的粒子匀速通过电场，g m Eq 00= ① 2分 由①式得：00m gE q =，电场强度方向竖直向上 1分 （2）设半径为r 的粒子加速度后的速度为v ，根据动能定理可得：212mv Uq = ② 2分又因300()rm m r = ，200()r q q r = ③ 2分由②③式得：v =分考点：考查了带电粒子在电场中的加速和偏转 33．物理选修3-3]（15分）（1）（5分）。