海南三亚一中2015届高三第二次月考物理试题(A卷)
2015年海南高考物理真题及答案
绝密 ★ 启用前2015年海南高考物理真题及答案注意事项：1．本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第I 卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对用题目的答案标号涂黑。
如黑改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I 卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1如图，a 是竖直平面P 上的一点，P 前有一条形磁铁垂直于P ，且S 极朝向a 点，P 后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a 点。
在电子经过a 点的瞬间。
条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（ ）A ．向上 B.向下 C.向左 D.向右2如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'，则εε'等于（ ）A.1/2B.22C.1D.23假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。
如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（ ）A.4倍B. 2倍C.3倍D. 2倍4如图，一半径为R 的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高。
质量为m 的质点自轨道端点P 由静止开始滑下，滑到最低点Q 时，对轨道的正压力为2mg ，重力加速度大小为g ，质点自P 滑到Q 的过程中，克服摩擦力所做的功为（ ）A.mgR 41 B. mgR 31 C. mgR 21 D. mgR 45如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l ，在正极板附近有一质量为M 、电荷量为q （q ＞0）的粒子，在负极板附近有另一质量为m 、电荷量为-q 的粒子，在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动。
2015年普通高等学校招生全国统一考试理综(物理部分)试题(海南卷,含部分解析)
学霸推荐学习七法一、听视并用法上课听和看注意力集中一、听思并用法上课听老师讲并思考问题三、符号助记法在笔记本上课本上做记号标记四、要点记取法重点要点要在课堂上认真听讲记下五、主动参与法课堂上积极主动的参与老师的讲题互动六、听懂新知识法听懂老师讲的新知识并做好标记七、目标听课法课前预习不懂得标记下，在课堂上不会的标记点认真听讲做笔记带着求知的好奇心听课，听不明白的地方就标记下来，并且课后积极的询问并弄懂这些知识，听明白的知识点也要思考其背后的知识点，打牢基础。
2015年普通高等学校招生全国统一考试理综（物理部分）试题（海南卷，含部分解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1如图，a 是竖直平面P 上的一点，P 前有一条形磁铁垂直于P ，且S 极朝向a 点，P 后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a 点。
在电子经过a 点的瞬间。
条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（）A ．向上 B.向下 C.向左 D.向右 【答案】A2如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'，则εε'等于（ ）A.1/2B.22C.1D.2 【答案】B【解析】设折弯前导体切割磁感线的长度为L ，折弯后，导体切割磁场的有效长度为22222L L l L ⎛⎫⎛⎫=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，故产生的感应电动势为2222Blv B Lv ε'==⋅=，所以22εε'=，B 正确； 3假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。
如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（ ）A.4倍B. 2倍C.3倍D. 2倍 【答案】D【解析】设f kv =，当阻力等于牵引力时，速度最大，输出功率变化前，有2P Fv fv kv v kv ===⋅=，变化后有22'''''P F v kv v kv ==⋅=，联立解得'2v v =，D 正确；4如图，一半径为R 的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高。
海南省华侨中学三亚学校2015届高三第二次月考物理试题
海南侨中三亚学校2014-2015学年第二次月考高三物理试卷(命题人：蔡学锋)第Ⅰ卷一、单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 有下列几种情景，请根据所学知识选择对情景的分析和判断正确的说法( )A ．点火后即将升空的火箭，因火箭还没运动，所以加速度一定为零B ．太空中的“天宫一号”绕地球匀速转动，其加速度为零C ．高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D ．高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车．因轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大2. 某航母跑道长200 m ，飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s 2，起飞需要的最低速度为50 m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为( )A ．20 m/sB ．15 m/sC ．10 m/sD ．5 m/s3. 物体A 、B 的x -t 图象如图1所示，由图可知( )A ．从第3 s 起，两物体运动方向相同，且v A >v BB ．两物体由同一位置开始运动，但物体A 比B 迟3 s 才开始运动C ．在5 s 内两物体的位移相同，5 s 末A 、B 相遇D ．5 s 内A 、B 的平均速度相等4. 下列说法正确的是( )A ．被竖直上抛的物体到达最高点时，物体处于平衡状态B ．电梯匀速上升时，电梯中的人不处于平衡状态C ．竖直弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡后，用力F 将它再拉一段距离后停止，当突然撤去力F 时，重物仍处于平衡状态D ．在小车的水平光滑表面上静置一小木块，当小车加速运动时，小物块仍处于平衡状态 5. 消防员用绳子将一不慎落入井中的儿童从井内加速向上提的过程中，不计绳子的重力，以下说 法正确的是( )A ．绳子对儿童的拉力大于儿童对绳子的拉力B ．绳子对儿童的拉力大于儿童的重力C ．消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对作用力与反作用力D ．消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对平衡力 6. 下列说法中正确的是( )A ．体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态B ．举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态C ．蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态D ．游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态图17. 人用绳子通过定滑轮拉物体A ，A 穿在光滑的竖直杆上，当以速度v 0匀速地拉绳使物体A到达如图2所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A 实际运动的速度是( )A ．v 0sin θ B.v 0sin θC ．v 0cos θ D.v 0cos θ8. 如图3所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径分别为r 1、r 2、r 3.若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为( )A. r 1ω1r 2B.r 3ω1r 1 C.r 3ω1r 2D.r 1ω1r 39. 一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v .假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m 的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N .已知引力常量为G ，则这颗行星的质量为 ( )A.mv 2GN B. Nv 2GmC. mv 4GND.Nv 4Gm10. 2009年10月1日，天安门广场举行了盛大的阅兵式。
最新2015年物理高考题(海南卷)
2015年普通高等学校招生全国统一考试（海南卷）1物理2注意事项：31．本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必4将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
52．回答第I卷时，选出每小题的答案后，用2B铅笔在答题卡上对应题目的答案标6号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
73．回答第II卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
84．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
9第I卷10一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项11中，只有一项是符合题目要求的。
121．如图，a是竖直平面P上的一点。
P前有一条形磁铁垂直于P，13且S极朝向a点，P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用14下，在水平面内向右弯曲经过a点。
在电子经过a点的瞬间。
条形磁铁15的磁场对该电子的作用力的方向16A．向上 B．向下 C．向左 D．向右17【答案】A18【解析】条形磁铁的磁感线方向在a点为垂直P向外，粒子在条形磁铁的磁场中向右运19动，所以根据左手定则可得电子受到的洛伦兹力方向向上，选项A正确。
202．如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，21当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε；将此22 棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线23 夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'，则εε'等于 24A ．12B ．22C ．1D 225【答案】B26【解析】设折弯前导体切割磁感线的长度为l ，产生的感应电动势为Blv ε=；折弯后，27 2，产生的感应电动势为22B ε'==，所以2εε'=，28 选项B 正确。
293．假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。
如果摩托艇发动机的输出功率变为30 原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的31A ．4倍B ．2倍C 3D 2倍 32【答案】D33【解析】设f F kv =，当阻力等于牵引力时，速度最大，输出功率变化前，有34 2f P Fv F v kv ===，变化后有22f P F v F v kv '''''===，联立解得2v v '=，选项D 正确。
2015年海南省海口市高考物理二模试卷
2015年海南省海口市高考物理二模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共18.0分)1.下列表述正确的是（ ）A.力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B.丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，并总结了右手螺旋定则C.楞次得出了电磁感应的产生条件D.卡文迪许用扭秤装置测出了万有引力常量【答案】D【解析】解：A 、质量、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位千克、米和秒就是基本单位，故A 错误；B 、丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，安培总结了右手螺旋定则，故B 错误；C 、法拉第得出了电磁感应的产生条件，故C 错误；D 、卡文迪许用扭秤装置测出了万有引力常量，故D 正确；故选：D根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.如图1所示，在某一电场中有一条直电场线，在电场线上取AB 两点，将一个电子由A 点以某一初速度释放，它能沿直线运动到B 点，且到达B 点时速度恰为零，电子运动的v -t 图象如图2所示．则下列判断正确的是 （ ）A.B 点场强一定小于A 点场强B.电子在A 点的加速度一定小于在B 点的加速度C.B 点的电势一定低于A 点的电势D.该电场若是正点电荷产生的，则场源电荷一定在A 点左侧【答案】C【解析】解：A 、由图可知，电子加速度恒定，则可知受电场力不变，由F=E q 可知，A 点的场强要等于B 点场强；故AB 错误；C 、而电子从A 到B 的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，电子带负电，由φ=E Pq 可知，A 点的电势要大于B 点电势，故C 正确，D 、点电荷产生的电场中，一条电场线上的点的场强都不相同，D 错误； 故选：C ．由图可知带电粒子速度变化情况，则可明确粒子在两点的加速度大小关系，即可确定电场强度的大小；由功能关系可以确定电势的高低．本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；同时还需注意，电势能是由电荷及电场共同决定的，故不能忽视了电荷的极性．3.如图所示，物体A、B的质量分别为m A、m B，且m A＞m B．二者用细绳连接后跨过定滑轮，A静止在倾角θ=30°的斜面上，B悬挂着，且斜面上方的细绳与斜面平行．若将斜面倾角θ缓慢增大到45°，物体A仍保持静止．不计滑轮摩擦．则下列判断正确的是（）A.物体A受细绳的拉力可能增大B.物体A受的静摩擦力可能增大C.物体A对斜面的压力可能增大D.物体A受斜面的作用力可能增大【答案】B【解析】解：A、斜面倾角增大过程中，物体B始终处于平衡状态，因此绳子上拉力大小始终等于物体B重力的大小，而定滑轮不省力，则物体A受细绳的拉力保持不变，故A错误．B、由题可知，开始时A静止在倾角为30°的斜面上，A重力沿斜面的分力可能大于绳子的拉力，摩擦力沿斜面向上，随着角度增大，重力沿斜面的分力逐渐增大，而绳子拉力不变，A受到的静摩擦力将增大，故B正确；C、物体A对斜面的压力为：F N=m A gcosθ，随着θ的增大，cosθ减小，因此物体A 对斜面的压力将减小，故C错误．D、物体受到的斜面的作用力是支持力和静摩擦力的合力，由平衡条件得知，这个作用力大小等于物体的重力，保持不变．故D错误．故选B．根据物体B处于静止状态，可知绳子上张力没有变化；静摩擦力的大小和方向取决于绳子拉力和物体A重力沿斜面分力大小关系；正确对A进行受力分析，判断其对斜面压力的变化情况；本题考查了动态平衡中各个力的变化情况，动态平衡问题是高中物理的重点，要熟练掌握各种处理动态平衡问题的方法，如本题中关键是把握绳子上拉力大小不变的特点进行分析．4.农历二〇一一年十月初八凌晨1时29分，经历近43小时飞行和五次变轨的“神舟八号”飞船飞抵距地面343公里的近似为圆的轨道，与在此轨道上等待已久的“天宫一号”成功对接；11月16日18时30分，“神舟八号”飞船与“天宫一号”成功分离，返回舱于11月17日19时许返回地面．下列有关“天宫一号”和“神舟八号”说法正确的是（）A.对接前“天宫一号”的运行速率约为11.2km/sB.若还知道“天宫一号”运动的周期，再利用万有引力常量，就可算出地球的质量C.在对接前，应让“天宫一号”与“神舟八号”在同一轨道上绕地球做圆周运动，然后让“神舟八号”加速追上“天宫一号”并与之对接D.“神舟八号”返回地面时应先减速【答案】D【解析】解：A、绕地球做圆周运动的最大速度为7.9km/s，故天宫一号的运行速率不可能接近11.2km/s，故A错误；B 、根据万有引力提供天宫一号圆周运动向心力，有：G Mm r 2=mr 4π2T 2，因为天宫一号的轨道半径未知，则无法求出地球的质量，故B 错误．C 、在同一轨道上，若加速，万有引力不够提供向心力，做离心运动，脱离原轨道，不会发生对接，故C 错误．D 、神舟八号要返回地面，需减速使得万有引力大于向心力，做近心运动，故D 正确．故选：D ．卫星在匀速圆周运动中，万有引力提供圆周运动的向心力，要抬高轨道高度使卫星做离心运动，需加速，要降低轨道高度使卫星做近心运动需减速．熟悉万有引力提供卫星圆周运动的向心力，知道控制卫星的速度使其做离心运动或近心运动可以改变其轨道高度．5.如图所示，在直角坐标系xoy 中，x 轴上方有匀强磁场，磁感应强度的大小为B ，磁场方向垂直于纸面向外．许多质量为m 、电荷量为+q 的粒子，以相同的速率v 沿纸面内，由x 轴负方向与y 轴正方向之间各个方向从原点O 射入磁场区域．不计重力及粒子间的相互作用．下列图中阴影部分表示带电粒子在磁场中可能经过的区域，其中R=mvqB ，正确的图是（ ） A. B. C. D.【答案】D【解析】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，以x 轴为边界的磁场，粒子从x 轴进入磁场后在离开，速度v 与x 轴的夹角相同，根据左手定和R=mvqB ，知沿x 轴负轴的刚好进入磁场做一个圆周，沿y 轴进入的刚好转半个周期，如图，在两图形的相交的部分是粒子不经过的地方，故D 正确；故选：D ．粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据粒子在磁场中做圆周运动的对称性画出极限情况的运动轨迹图进行分析即可．本题考查分析和处理粒子在磁场中运动的轨迹问题，难点在于分析运动轨迹的边界，可以运用极限分析法分析．6.如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L，纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t=0时刻恰好位于如图所示的位置，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下面四幅图中能够正确表示导线框中的电流-位移（I-x）关系的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：位移在0～L过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值．I=BLv，Rl=xx则I=BvR位移在L～2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值，故ACD错误．位移在2L～3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值．I=Bv（2L-x）R故选：B．将整个过程分成三个位移都是L的三段，根据楞次定律判断感应电流方向．由感应电动势公式E=B lv，l是有效切割长度，分析l的变化情况，确定电流大小的变化情况．本题考查对感应电势势公式E=B lv的理解．l是有效的切割长度，可以利用排除法做此题．二、多选题(本大题共4小题，共20.0分)7.如图所示，绕组线圈电阻不可忽略的变压器，接电动势e=220√2sin100πt（V）的正弦交流电，副线圈接有理想电流表、理想电压表和一只“110V，60W”的灯泡，已知变压器原、副线圈匝数比为2：1，下列说法正确的是（）A.副线圈产生的电动势的有效值为110VB.电压表读数为110VC.灯泡能正常发光D.变压器的输出功率小于输入功率【答案】ABC【解析】解：A 、由瞬时值表达式知原线圈电压有效值为220V ，根据电压与匝数成正比知副线圈产生的电动势的有效值为110V ，故A 正确BC 、电压表读数即为副线圈的电压有效值为110V ，灯泡能正常发光，故BC 正确D 、理想变压器的输入功率等于输出功率，故D 错误故选：ABC根据瞬时值的表达式可以求得输入电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率、等于输出功率即可求得结论本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解8.某运动员参加百米赛跑，他采用蹲踞式起跑，在发令枪响后，左脚迅速蹬离起跑器，在向前加速的同时提升身体重心．如图所示，假设质量为m 的运动员，在起跑时前进的距离S 内，重心升高量为h ，获得的速度为v ，阻力做功为W 阻，则在此过程中（ ）A.运动员的机械能增加了12mv 2B.运动员的机械能增加了12mv 2+mghC.运动员的重力做功为W 重=mghD.运动员自身做功W 人=12mv 2+mgh -W 阻【答案】BD【解析】解：A 、B 、由题，运动员的重心升高量为h ，获得的速度为v ，则其机械能增加量为12mv 2+mgh ．故A 错误，B 正确；C 、运动员的重心升高量为h ，重力做负功，为W 重=-mgh ．故C 错误．D 、根据动能定理得：W 人-fs -mgh =12mv 2，得到W 人=12mv 2+mgh -fs ．故D 正确． 故选：BD根据功能关系分析运动员机械能的增加量．根据动能定理研究运动员动能的增加量．根据运动员重心上升的高度，求解重力做功．本题运用功能关系分析运动员机械能的变化和运动员的做功．运动员的重心升高时，重力对运动员做负功．9.关于平抛运动，下列说法正确的是（ ）A.平抛运动是匀变速曲线运动B.做平抛运动的物体机械能守恒C.做平抛运动的物体处于完全失重状态D.做平抛运动的物体，落地时间和落地时的速度只与抛出点的高度有关【答案】ABC【解析】解：A 、平抛运动的物体只受重力的作用，加速度是重力加速度，所以平抛运动为匀变速曲线运动，故A 正确．B、做平抛运动的物体，只有重力做功，机械能守恒，故B正确．C、做平抛运动的物体，只受重力，加速度为g，处于完全失重状态，故C正确．D、做平抛运动的物体，由H=12gt2得t=√2Hg，知落地时间只与抛出点的高度有关．落地时的速度v=√v2+2gℎ，则落地时的速度与抛出点的高度和初速度均有关．故D错误．故选：ABC．平抛运动是只在重力的作用下，水平抛出的物体做的运动，是一种匀变速曲线运动，所以平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动．解决本题的关键知道平抛运动的特点，以及平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律．10.如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r．当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是（）A.电路中的电流变大B.电源的输出功率先变大后变小C.滑动变阻器消耗的功率变小D.定值电阻R0上消耗的功率先变大后变小【答案】AC【解析】解：A、当滑动变阻器滑片P由a端向b端滑动时，电路中的总电阻变小，电动势和内电阻不变，得知总电流变大．故A正确．B、当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，电源的内电阻小于外电阻，随着R 的增大，电源的内外电阻差值增大，所以电源的输出功率一直变小．故B错误．C、将R0等效到内电阻中去，内电阻变为2r，滑动变阻器消耗的功率可看成电源的输出功率，R外≤2r，随着外电阻的减小，输出功率减小．故C正确．D、总电流变大，根据P=I2R0，R O不变，定值电阻R0上消耗的功率变大．故D错误．故选AC．当滑动变阻器滑片P由a端向b端滑动时，电路中总电阻会发生变化，抓住电动势和内电阻不变，去分析电路中电流和路端电压如何变化．关于电阻R0上的功率变化，因为R0是定值电阻，只要分析电流如何变化就可得知．分析滑动变阻器上功率的变化，可将R0等效到内电阻中去，根据结论，当外电阻等于内电阻时，输出功率最大去进行分析．本题属于闭合电路的动态分析，关键抓住不变量：电动势和内电阻不变，然后结合闭合电路欧姆定律公式去解决．五、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.下列说法正确的是（）A.将热量传给气体，其温度也未必升高B.气体能充满任何容器是因为分子间的排斥力大于吸引力C.第二类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律D.热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温E.布朗运动是作无规则运动的液体分子撞击固体微粒而引起的F.一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和G.两个相同的半球壳密闭接触，中间抽成真空（马德堡半球）后，很难用力将之拉开，这是分子间存在吸引力的宏观表现【答案】ADEF【解析】解：A、改变内能的方式有做功和热传递，故仅给物体传递热量，不能保证其温度升高，故A正确．B、气体能充满任何容器是因为气体分子的扩散造成的，故B错误．C、热力学第二定律说明：不可能从单一热源吸热使其全部变成有用功而不产生气体影响，故第二类永动机违背热力学第二定律，故C错误．D、热量不可能自发从低温传递到高温物体，但是有其他影响产生的时候（如空调），就可以，故D正确．E、布朗运动实质是液体分子对固体微粒的撞击而造成的，故E正确．F、物体的内能是分子热运动动能和分子势能的总和，故一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，故F正确．G、马德堡半球是因为外界的大气压对球的压力造成的，而不是由于分子间的引力，故G错误．故选：ADEF解答本题需掌握：改变内能的方式有做功和热传递．气体具有扩散性．第二类永动机违背热力学第二定律．热量不可能自发从低温传递到高温物体，但是有其他影响产生的时候，就可以．布朗运动实质是液体分子对固体微粒的撞击而造成的．气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和．马德堡半球是因为外界的大气压对球的压力造成的．本题考查内容比较广泛，属于基础知识的积累题目，可以填补平时学习的知识漏洞，做这类题应注意积累自己的基础知识．七、单选题(本大题共1小题，共4.0分)17.一简谐机械波沿x轴正方向传播，周期为T，波长为λ．若在x=0处质点的振动图象如图所示，则该波在t=T2时刻的波形曲线为（）A. B. C.D.【答案】【解析】时刻处于平衡位置，且正在向下振动，解：从振动图上可以看出x=0处的质点在t=T2四个选项中只有A图符合要求，故A项正确，BCD错误．故选：A．由x=0点处质点的振动图象可知该质点的运动情况，得出T时刻的运动性质即可得出2符合题意的选项．本题要求学生能正确的分析振动图象和波动图象；难点在于能否由波动图象中得出物体的运动方向．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)19.下列说法中正确的是（）A.光电效应实验揭示了光的粒子性B.原子核发生一次β衰变，该原子核外就失去一个电子C.原子核放出β粒子后，转变成的新核所对应的元素是原来的同位素D.玻尔在研究原子结构中引进了量子化的观念E.氢原子从低能级跃迁到高能级要吸收能量【答案】ADE【解析】解：A、光电效应实验揭示了光的粒子性，故A正确；B、发生一次β衰变，该原子核内的中子转变成质子，而放出一个电子，故B错误；C、放出β粒子后，转变成的新核所对应的元素比原来增加一个质子数，故C错误；D、由玻尔理论可知，在研究原子结构中，引进了量子化的观念，故D正确；E、从低能级跃迁到高能级要吸收能量，相反，则要释放能量，故E正确；故选：ADE光电效应提示光的粒子性；β衰变时，中子转变成质子，放出电子，导致质子数增加1个，则产生新的原子；玻尔理论引进量子化观念，从低能级跃迁到高能级要吸收能量，相反则中释放能量，从而即可求解．考查粒子性与波动性的不同，掌握β衰变及其电子的由来，注意玻尔理论的内容理解．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)11.为了验证机械能守恒定律，某同学使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器M通过G1、G2光电门时，光束被滑行器M上的挡光片遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两光电门中心间的距离为x，牵引砝码的质量为m，细绳不可伸长且其质量可以忽略，重力加速度为g．该同学想在水平的气垫导轨上，只利用以上仪器，在滑行器通过G1、G2光电门的过程中验证机械能守恒定律，请回答下列问题．（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺母，使气垫导轨水平．请在以下空白处填写实验要求；在不增加其他测量器材的情况下，调水平的步骤是：取下牵引砝码m ，接通气垫导轨装置的电源，调节导轨下面的螺母，若滑行器M 放在气垫导轨上的任意位置都能保持静止，或者轻推滑行器M 分别通过光电门G 1、G 2的时间 ______ ，则导轨水平．（2）当气垫导轨调水平后，在接下来的实验操作中，以下操作合理的是 ______ ；A ．挡光片的宽度D 应尽可能选较小的B ．选用的牵引砝码的质量m 应远小于滑行器的总质量MC ．为了减小实验误差，光电门G 1、G 2的间距x 应该尽可能大一些D ．用来牵引滑行器M 的细绳可以与导轨不平行（3）在每次实验中，若表达式 ______ ；用M 、g 、m 、△t 1、△t 2、D 、x 表示）在误差允许的范围内成立，则机械能守恒定律成立．【答案】相等；AC ；mgx =12(M +m)(D △t 2)2-12(M +m)(D△t 1)2 【解析】解：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂重物的情况下轻推滑块，若滑块做匀速直线运动，滑块通过光电门速度相等，则光电门的挡光时间相等，证明气垫导轨已经水平．（2）A 、滑块经过光电门时的瞬时速度用平均速度来代替，由v =D △t 求出，D 越小，误差越小，故A 正确．B 、本实验不需要测量细绳对滑行器的拉力，即不需要用砝码的质量代替细绳的拉力，所以不需要满足砝码的质量m 应远小于滑行器的总质量M 这个条件，故B 错误．C 、光电门G 1、G 2的间距x 越大，x 相对误差越小，故C 正确．D 、用来牵引滑行器M 的细绳必须与导轨平行，以减小阻力，保持满足实验阻力足够小的条件，故D 错误．故选：AC ．（3）滑行器经过光电门G 1、G 2的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度，分别为：v 1=D △t 1，v 2=D△t 2 砝码的重力势能减少量为：△E p =mgx ；砝码及滑行器（连同挡光片）的动能增加量相等为：△E k =12(M +m)v 22-12(M +m)v 12 若表达式△E p =△E k ，即得：mgx =12(M +m)(D △t 2)2-12(M +m)(D△t 1)2，在误差允许的范围内成立，则机械能守恒定律成立．故答案为：（1）相等；（2）AC ；（3）mgx =12(M +m)(D △t 2)2-12(M +m)(D△t 1)2． （1）当气垫导轨水平时，滑块做匀速直线运动，通过光电门的速度相等，即光电门的挡光时间相等．（2）在实验中，根据极限逼近思想用平均速度代替瞬时速度，则D 要可能小，另外G 1、G 2越远，相对误差越小．．（3）滑块经过光电门时的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度，可由v =D △t 求出，然后根据砝码的重力势能减少量与砝码及滑行器（连同挡光片）的动能增加量相等，写出需要验证的方程．本题关键应掌握光电门测量滑块瞬时速度的原理：平均速度代替瞬时速度，注意与探究牛顿第二定律实验的区别，此实验不需要满足砝码的质量m应远小于滑行器的总质量M这个条件．12.要测量电压表V1的内阻R v，其量程为2V，内阻约2kΩ．实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约0.1Ω；电压表V2，量程5V，内阻R l=5kΩ；定值电阻R2，阻值为R2=3kΩ；滑动变阻器R3，最大阻值100Ω电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω；开关S一个，导线若干①有人拟将待测电压表V1和电流表A串连接入电压合适的测量电路中，测出V l的电压和电流，再计算出R v．该方案实际上不可行，其最主要的原因是______②某同学选择电压表V2后，自己设计一个测量电压表V l内阻R v的实验电路，实验电路如图1所示，则被测电压表V1应接在电路中的______ （填“A”或“B”）处．③实验的实物连线如图2所示，还有两根导线没有接好，请在实物图上画出应接的导线．④实验中电压表V1读数U1，电压表V2的读数U2，试写出计算电压表V1内阻R v的表达式R v= ______ ．（用题中字母表示）【答案】电流表示数很小，很难对电流表读数；A；U1R2U2−U1【解析】解：①待测电压表V1和电流表A串连接入电压合适的测量电路中，由于待测电压表内阻很大，电路电流很小，电流表示数很小，对电流表读数时误差很大，不能对电流表正确读数，则该方案不可行．②待测电压表应与定值电阻串联，如图1所示，则被测电压表V1应接在电路中的A处．③根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．④根据电路图，由串并联电路特点及欧姆定律可得：U2=U1+U1R V R2，则R V=U1R2U2−U1；故答案为：①电流表示数很小，很难对电流表读数；②A；③电路图如图所示；④U1R2U2−U1．①由由电压表内阻很大，电源电动势为6V，电压表与电流表串联接入电路后，电路电流很小，电流表指针几乎不偏转，电流表示数很小，不能对电流表读数．②待测电压表应与定值电阻串联．③根据实验电路图连接实物电路图．④根据串并联电路特点及欧姆定律列方程，可以求出电压表内阻．连接实物电路图时要注意滑动变阻器的分压接法；熟练应用串并联电路特点及欧姆定律是求出电压表内阻的关键．四、计算题(本大题共2小题，共23.0分)13.一个高H=0.45m的平板小车置于光滑水平地面上，其右端恰好和一个14光滑圆弧轨道AB的底端等高对接，如图所示．已知小车质量M=2.0kg，圆弧轨道半径R=0.8m．现将一质量m=1.0kg的小滑块，由轨道顶端A点无初速释放，滑块滑到B 端后冲上小车．小滑块在平板小车上滑行，经过时间t=1s时恰好从小车左端飞出．已知滑块与小车上表面间的动摩擦因数μ=0.2．（取g=10m/s2）试求：（1）滑块到达B端时，轨道对它支持力的大小；（2）小滑块落地时距离小车左端的距离．【答案】解：（1）滑块从A端下滑到B端，由动能定理得：mgR=12mv02代入数据解得：v0=4m/s；在B点由牛顿第二定律得：F N−mg=m v02R解得轨道对滑块的支持力为：F N=3mg=30N（2）滑块滑上小车后，由牛顿第二定律对滑块：-μmg=ma1，代入数据得：a1=-2m/s2对小车：μmg=M a2，代入数据得：a2=1m/s2设经时间t后两者速度分别为：v1=v0+a1t=4-2×1=2m/s v2=a2t=1×1=1m/s；故1s后滑块做平抛运动，落地时间为：t2=√2Hg =√2×0.4510=0.3s因此落地时滑块与小车左端的距离为d=s物-s车=v1t2-v2t2=2×0.3-1×0.3=0.3m；答：（1）滑块到达B端时，轨道对它支持力的大小为30N；（2）小滑块落地时距离小车左端的距离为0.3m．【解析】（1）由动能定理可求得滑块到达B端的速度，再由向心力公式可求得B点受到的支持力；（2）由牛顿第二定律可求得滑块和小车的加速度，再由运动学公式可求得1s后二者的速度；由平抛运动规律可求得滑块与小车的距离．本题考查动能定理、向心力公式及牛顿第二定律的应用，要注意正确分析物理过程，。
2015海南卷高考物理试题与答案或解析下载_2015高考真题抢先版
......动生电动势：E 1' B 1Lv 1kLgt 12故： kLd kLgt 12dt 1g(3) 由〔 2〕知v 1gt 1gd当 t=t 2时，由题意知：mg B 2 I 2 L 0设 ab 边穿出磁场瞬间的速度为v 2，那么有：E 2 B 2 Lv 2 , I 2B 2 Lv 2Rm g Rv 2k 2 t 22 L 2由动能定理： mgdQ1mv 221mv 1222代入 v 1、 v 2解得： Q3mgd m 3 g 2 R 222k 4t 24L 4 15．〔 16 分〕解： (1)小球 B 匀速圆周运动那么EqmgEmgq(2) 设小球 B 的运动周期为 T对 A 小球：Eqmg maa 2gRa( T)22T2Rg对 B 小球：Bqvv 2mR（ 2 分〕（ 2 分〕（ 1 分〕（ 1 分〕〔1 分〕（ 1 分〕（ 2 分〕（ 3 分〕 （ 1 分〕（ 1 分〕（ 1 分〕（ 1 分〕高三物理试题第10页共6页v2R T解得 :B m2g q R(3) 分析得：电〔磁〕场变化周期是 B 球圆周运动周期的 2 倍对小球 A：在原点的速度为 v A3R aTT2在原点下的位移为：y A v A Ty A 5R2T 末，小球 A 的坐标为(0,5R)对小球 B：球 B 的线速度v B2gR水平位移为 x b v B T2R竖直位移为 y b 1 aT22R22T 末，小球 B 的坐标为(22)R,0那么 2T 末， AB 两球的距离为AB25 (22)2R（2分〕（1 分〕（1 分〕（1分〕〔1分〕（2 分〕（1 分〕高三物理试题第11页共6页。
海南省三亚市海南华侨中学三亚学校2015届高三上学期第二次月考物理试卷
海南省三亚市海南华侨中学三亚学校2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．有下列几种情景，请根据所学知识选择对情景的分析和判断正确的说法( )A．点火后即将升空的火箭，因火箭还没运动，所以加速度一定为零B．太空中的“天宫一号”绕地球匀速转动，其加速度为零C．高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D．高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车．因轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，与速度的大小无关．匀速圆周运动的物体加速度不为零．解答：解：A、点火后即将升空的火箭，速度为零，加速度不为零，故A错误．B、太空中的“天宫一号”绕地球匀速转动，加速度的方向指向地心，大小不为零，故B错误．C、高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，但是加速度可能为零，比如匀速运动时，故C错误．D、加速度是反映速度变化快慢的物理量，紧急刹车时，速度变化很快，加速度很大，故D 正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．2．某航母跑道长为200m，飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s，那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为( )A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．25m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度．解答：解：由运动学公式v2﹣v02=2as代人数据得：v0===10m/s，故选A正确．故选：A．点评：该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可．3．物体A、B的s﹣t图象如图所示，由图可知( )A．从第3s起，两物体运动方向相同，且v A＞v BB．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D．5s内A、B的平均速度相等考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间的斜率大小等于物体的速度．由图直接读出物体开始运动的时刻和位置．两图线的交点表示位移相同，两物体到达同一位置相遇．纵坐标的变化量等于物体通过的位移，读出位移大小，再比较5s内平均速度大小关系．解答：解：A、由图看出，两图线的斜率都大于零，说明两物体都沿正方向运动，运动方向相同．图线A的斜率大于图线B的斜率，说明A的速度大于B的速度，即v A＞v B．故A正确．B、物体A从原点出发，而B从正方向上距原点5m处出发，出发的位置不同．物体A比B 迟3s才开始运动．故B错误．C、5s末两图线相交，说明5s末两物体到达同一位置相遇．但两物体5s内通过的位移不同，A通过的位移为△x A=10m﹣0=10m，物体B通过的位移为△x B=10m﹣5m=5m．故C错误．D、由上知道，5s内A通过的位移大于B的位移，所以5s内A的平均速度大于B的平均速度．故D错误．故选A点评：对于位移图象，关键抓住斜率大小等于物体的速度、坐标变化量表示位移来理解其物理意义．4．下列说法正确的是( )A．被竖直上抛的物体到达最高点时，物体处于平衡状态B．电梯匀速上升时，电梯中的人不处于平衡状态C．竖直弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡后，用力F将它再拉一段距离后停止，当突然撤去力F时，重物仍处于平衡状态D．在小车的水平光滑表面上静置一小木块，当小车加速运动时，小物块仍处于平衡状态考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：静止状态或匀速直线运动状态，都是平衡状态，根据平衡条件可知，物体在受平衡力时保持平衡状态，对物体进行受力分析即可求解．解答：解：A、到达最高点时，小球只受到重力一个力的作用，所以它受到的力不是平衡力，它处于非平衡状态，故A错误；B、电梯匀速上升时，电梯中的人也匀速上升，受力平衡，处于平衡状态，故B错误；C、当突然撤去力F时，重物受到的弹力大于重力，向上做加速运动，不是平衡状态，故C 错误；D、当平板车加速运动时，小物块只受重力和支持力，水平方向不受力，受力平衡，处于平衡状态，故D正确．故选：D点评：物体受到两个或两个以上的力的作用时，物体处于静止状态或匀速直线运动状态，我们说这几个力平衡．物体处于平衡状态时，它受到的力是平衡力，并且合力为零．5．消防员用绳子将一不慎落入井中的儿童从井内加速向上提的过程中，不计绳子的重力，以下说法正确的是( )A．绳子对儿童的拉力大于儿童对绳子的拉力B．绳子对儿童的拉力大于儿童的重力C．消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对作用力与反作用力D．消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对平衡力考点：牛顿第三定律．分析：作用力和反作用力大小相等，方向相反，且同时产生、同时变化、同时消失，是同种性质的力．它们作用在不同的物体上，不能进行合成．解答：解：A、绳子对儿童的拉力和儿童对绳子的拉力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A错误；B、儿童从井内加速向上提的过程中，加速度方向向上，根据牛顿第二定律得绳子对儿童的拉力大于儿童的重力．故B正确；C、消防员对绳子的拉力与绳子对消防员的拉力是一对作用力和反作用力，故C错误；D、消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故D错误；故选：B．点评：解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上．6．下列说法正确的是( )A．体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态B．举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态C．蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态D．游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态考点：超重和失重．分析：失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度．解答：解：A、体操运动员双手握住单杠吊在空中不动的那段时间内，运动员处于受力平衡状态，不是失重状态，所以A错误；B、举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内，运动员处于受力平衡状态，不是超重状态，所以B错误；C、蹦床运动员在空中上升和下落过程中，人受到的只有重力，此时有向下的加速度，处于失重状态，所以C正确；D、游泳运动员仰卧在水面静止不动时，人处于受力平衡状态，不是失重状态，所以D错误．故选：C．点评：本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了．7．人用绳子通过动滑轮拉A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，求A物体实际运动的速度是( )A．v0sinθB．C．v0cosθD．考点：运动的合成和分解．分析：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，根据平行四边形定则求出A的实际运动的速度．解答：解：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度v=．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键知道速度的合成与分解遵循平行四边形定则．8．如图所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径分别为r1、r2、r3．若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为( )A．B．C．D．考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑说明边缘点线速度相等，根据v=wr解答．解答：解：由甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑知三者线速度相同，其半径分别为r1、r2、r3则：ω1r1=ω2r2=ω3r3故ω3=故选：B．点评：此题考查匀速圆周运动的线速度和角速度的关系式的应用，同时要知道皮带或齿轮连动的线速度相同．9．一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．已知引力常量为G，则该行星的质量为( )A．B．C．D．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：先求出该星球表面重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解．解答：解：宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N，故：N=mg卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v，故：联立解得：M=故选：D．点评：本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁10．2009年10月1日，天安门广场举行了盛大的阅兵式．在雄壮的《中国人民解放军进行曲》中，胡锦涛主席乘国产红旗牌检阅车，穿过天安门城楼，经过金水桥，驶上长安街，检阅了44个精神抖擞、装备精良的地面方队．若胡锦涛主席乘国产红旗牌检阅车是后轮驱动，前轮导向，由此可知( )A．检阅车后轮所受摩擦力朝后，前轮所受摩擦力朝前B．检阅车后轮所受摩擦力朝前，前轮所受摩擦力朝后C．检阅车对地面的压力是由于地面发生形变产生的D．检阅车受到的支持力是由于车轮发生形变产生的考点：滑动摩擦力；物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：检阅车在平直公路上匀速行驶，设驱动轮在后，驱动轮为检阅车前进提供动力．因为是后轮驱动，所以后轮受到地面对它向前的摩擦力，而前轮不是驱动轮，被后轮推着前进，相对地面向前运动，受到地面对它向后的摩擦力，并根据弹力产生的原理是因被支持物发生形变而产生的．解答：解：A、因为检阅车驱动轮在后，前轮是从动轮．匀速行驶时，后轮相对地面有向后运动的趋势，则地面给后轮一个水平向前的摩擦，这个摩擦力驱动检阅车向前运动．当前轮向前运动时，地面的摩擦力将阻碍它向前运动．故地面对前轮的摩擦力方向是水平向后，故A错误，B正确；C、检阅车对地面的压力是由于车胎发生形变产生的，而受到的支持力是由于地面发生形变产生的，故CD错误．故选：B．点评：正确的进行受力分析和知道车轮的运动趋势是解答本题的关键，考查了学生理论联系实际的能力，并考查弹力产生原理，注意是谁发生形变是解题的关键．二、多项选择题：本大题共4小题，每小题6分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的．全部选对的，得6分：选对但不全的，的3分；有选错的，得0分．11．质点做匀速圆周运动时，下列说法正确的是( )A．速度的大小和方向都改变B．匀速圆周运动是匀变速曲线运动C．当物体所受合力全部用来提供向心力时，物体做匀速圆周运动D．向心加速度大小不变，方向时刻改变考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：匀速圆周运动中得匀速是指线速度得大小不变，方向时刻改变，因此匀速圆周运动是变速运动，又由于加速度方向时刻改变，因此是非匀变速曲线运动；当物体所受合力全部用来提供向心力时，沿切向力为零，线速度大小不变，因此做匀速圆周运动；匀速圆周运动得线速度大小不变，根据，向心加速度大小不变，但方向时刻改变．解答：解；A、匀速圆周运动得线速度大小始终不变，方向时刻改变，故A错误；B、匀速圆周运动得线速度大小不变，根据向心加速度大小不变，但方向时刻改变，因此，匀速圆周运动是非匀变速曲线运动，故B错误；C、当物体所受合力全部用来提供向心力时，沿切向力为零，线速度大小不变，因此做匀速圆周运动，故C正确；D、匀速圆周运动得线速度大小不变，根据向心加速度大小不变，但方向时刻改变，故D正确；故选：CD．点评：解决本题得关键是抓住匀速圆周运动得特点，线速度大小不变，方向时刻改变，然后利用向心加速度、向心力公式分析加速度和力．12．将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板，绳子处于竖直伸直状态，整个装置静止．则( )A．绳子上拉力可能为零B．地面受的压力可能为零C．地面与物体间可能存在摩擦力D．AB之间可能存在摩擦力考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：隔离对A分析，判断绳子的拉力的有无，以及AB之间有无摩擦力．对AB整体分析，判断地面有无摩擦力以及对地面有无压力．解答：解：AD、对A分析，有若A所受的重力、B对A的支持力和摩擦力三个力平衡，则绳子拉力为零．故A正确，D正确．BC、对整体分析，整体可能受总重力、支持力，拉力．若地面的支持力等于总重力，则绳子拉力为零，因为绳子的拉力不可能大于A的重力，所以地面对B一定有支持力．根据整体平衡知，水平方向方向上，地面对B无摩擦力．故B、C错误．故选AD．点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡求解，注意整体法和隔离法的运用．13．“嫦娥四号”，专家称“四号星”，计划在2017年发射升空，它是嫦娥探月工程计划中嫦娥系列的第四颗人造探月卫星，主要任务是更深层次、更加全面的科学探测月球地貌、资源等方面的信息，完善月球档案资料．已知月球的半径为R，月球表面的重力加速度为g，月球的平均密度为ρ，“嫦娥四号”离月球中心的距离为r，绕月周期为T．根据以上信息下列说法正确的是( )A．月球的第一宇宙速度为B．“嫦娥四号”绕月运行的速度为C．万有引力常量可表示为D．“嫦娥四号”必须先加速运动离开月球再减速运动才能返回地球考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：1、根据重力提供向心力，得月球的第一宇宙速度为．2、根据万有引力提供向心力，得，月球表面的物体受到的重力等于万有引力，得GM=R2g．二式化简可得卫星速度．3、根据万有引力提供向心力，得月球的质量，解得月球的密度，变形可得万有引力常量．4、嫦娥四号必须加速做离心运动才能脱离月球束缚返回地球．解答：解：A、月球的第一宇宙速度为近月卫星的运行速度，所以重力提供向心力，得．故A正确．B、根据万有引力提供向心力，得，又因为月球表面的物体受到的重力等于万有引力，得GM=R2g．所以=，故B错误．C、根据万有引力提供向心力，得月球的质量，所以月球的密度，所以万有引力常量为．故C正确．D、嫦娥四号要脱离月球的束缚才能返回月球，嫦娥四号要脱离月球束缚必须加速做离心运动才行，离开月球再减速运动才能返回地球．故D正确．故选：ACD．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据该规律计算线速度和中心天体的质量．14．如图所示，洗衣机脱水筒在转动时，衣服贴靠在匀速转动的圆筒内壁上而不掉下来，则衣服( )A．受到重力、弹力、静摩擦力和离心力四个力的作用B．所需的向心力由重力提供C．所需的向心力由弹力提供D．转速越快，弹力越大，摩擦力也越大考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：衣服随脱水桶一起做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，竖直方向合力为零．根据牛顿第二定律进行分析．解答：解：衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力的作用，共3个力作用，由于衣服在圆筒内壁上不掉下来，竖直方向上没有加速度，重力与静摩擦力二力平衡，靠弹力提供向心力．故ABD错误，C正确．故选：C．点评：解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．三、实验题：13分，把答案写在题中指定的答题处，不要求写出演算过程．15．某实验小组欲以如图1所示实验装置“探究加速度与物体受力和质量的关系”．图中A 为小车，B为装有砝码的小盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电磁打点计时器相连，小车的质量为m1，小盘（及砝码）的质量为m2．（1）下列说法正确的是CA．实验时先放开小车，再接通打点计时器的电源B．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力C．本实验中应满足m2远小于m1的条件D．在用图象探究小车加速度与受力的关系时，应作a﹣m1图象（2）实验中，得到一条打点的纸带，如图2所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，则打点计时器打下F点时小车的瞬时速度的计算式为v F=，小车加速度的计算式a=．（3）某同学平衡好摩擦阻力后，在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变砝码重力，作出小车加速度a与砝码重力F的图象如图3所示．若牛顿第二定律成立，重力加速度g=10m/s2，则小车的质量为2.0kg，小盘的质量为0.06kg．（4）实际上，在砝码的重力越来越大时，小车的加速度不能无限制地增大，将趋近于某一极限值，此极限值为10m/s2．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）实验时需要提前做的工作有两个：①平衡摩擦力，且每次改变小车质量时，不用重新平衡摩擦力，因为f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了．②让小车的质量M远远大于小盘和重物的质量m；（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上F点时小车的瞬时速度大小；（3）由F﹣a图的斜率等于小车质量，可得到小车质量，F=0时，产生的加速度是由于托盘作用产生的，可得托盘质量；（4）车在托盘和砝码带动下最大的加速度不会超过托盘和砝码下落的加速度，而此下落加速度的极值就是重力加速度．解答：解：（1）A、实验时应先接通电源后释放小车，故A错误．B、平衡摩擦力，假设木板倾角为θ，则有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力．故B错误．C、让小车的质量m1远远大于小盘和重物的质量m2，因为：际上绳子的拉力F=Ma=，故应该是m2＜＜m1，即实验中应满足小盘和重物的质量远小于小车的质量，故C正确；D、F=m1a，所以：a=，所以在用图象探究小车的加速度与质量的关系时，通常作a﹣图象，故D错误；故选：C．（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上F点时小车的瞬时速度大小．v F=根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）=（3）对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，故小车质量为：m1==2.0kg，F=0时，产生的加速度是由于托盘作用产生的，故有：mg=m1a0，解得：m==0.06kg（4）小车的加速度最大等于自由落体的加速度，故极限值为10m/s2．故答案为：（1）C；（2）；；（3）2.0；0.06；（4）10点评：本题考察的比较综合，需要学生对这一实验掌握的非常熟，理解的比较深刻才不会出错，知道a﹣F图的斜率等于小车质量的倒数，难度适中．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．四、计算题：本大题共3小题，16题10分，17题10分，18题13分，共33分．把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤．16．汽车正以10m/s的速度在平直的公路上前进，突然发现正前方有一辆自行车以4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，汽车立即关闭油门做加速度大小为6m/s2的匀减速运动，汽车恰好不碰上自行车，求关闭油门时汽车离自行车多远？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：汽车恰好不碰上自行车，知速度相等时，两车恰好不碰上，根据速度时间公式和速度位移公式求出速度相等时所经历的时间和汽车的位移，根据时间求出自行车的位移，从而求出关闭油门时汽车离自行车的距离．解答：解：在汽车做减速运动的过程中，自行车仍在作匀速运动．当汽车的速度大于自行车速度时，两车间距离在减小；当两车速度相等时，距离不变，当汽车速度小于自行车速度时，距离增大；因此，当汽车速度减小到与自行车速度相等没有碰撞时，便不会碰撞．因而开始时两车间距离等于汽车与自行车位移之差．汽车减速到4m/s时发生的位移和运动的时间分别为：x汽=m=7mt==s=1s这段时间内自行车发生的位移为：x自=v自t=4×1m=4m，汽车关闭油门时离自行车的距离为：x=x汽﹣x自=（7﹣4）m=3m．答：关闭油门时汽车离自行车3m远．点评：解决本题的关键理清运动的过程，抓住临界状态，速度相等时，根据位移关系求出关闭发动机时两车的距离．17．如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据，g=10m/s2．求：t（s）0.0 0.2 0.4 … 1.2 1.4 …V（m/s）0.0 1.0 2.0 … 1.1 0.7 …（1）斜面的倾角α；（2）物体与水平面之间的动摩擦因数μ；（3）t=0.6s时的瞬时速度v．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由表格读出物体在斜面上运动的速度与对应的时间，由速度公式求出加速度，再根据牛顿第二定律求解斜面的倾角α；（2）用同样的方法求出物体在水平面运动的速度和时间，求出加速度，再由牛顿第二定律求出动摩擦因数μ；（3）研究物体由t=0到t=1.2s过程，根据斜面上匀加速运动的末速度等于水平面匀减速运动的初速度，由速度公式求出物体在斜面上运动的时间，再求出t=0.6s时的瞬时速度v．解答：解：（1）由表格中前三列数据可知，物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为=m/s2=5m/s2由牛顿第二定律得mgsinα=ma1，代入数据得：α=30°（2）由表格中第4、5两组数据可知，物体在水平面上匀减速运动的加速度大小为=由牛顿第二定律得μmg=ma2，代入数据得μ=0.2（3）研究物体由t=0到t=1.2s过程，设物体在斜面上运动的时间为t，则有v B=a1t，v1.2=v B﹣a2（1.2﹣t）代入得v1.2=a1t﹣a2（1.2﹣t）解得t=0.5s，v B=2.5m/s即物体在斜面上下滑的时间为t=0.5s，则t=0.6s时物体在水平面上运动，速度为v=v B﹣a2（0.6﹣t）=2.5m/s﹣2×0.1m/s=2.3m/s答：（1）斜面的倾角α=30°；（2）物体与水平面之间的动摩擦因数μ=0.2；（3）t=0.6s时的瞬时速度v=2.3m/s．。
2015年高考海南卷物理试题(含答案)
2015年普通高等学校招生全国统一考试（海南卷）物理第I卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图，a是竖直平面P上的一点。
P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点，P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点。
在电子经过a点的瞬间。
条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向A．向上B．向下C．向左D．向右2．如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε；将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'，则εε'等于A．12B．2C．1 D3．假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。
如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的A．4倍B．2倍CD倍4．如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高；质量为m的质点自轨道端点P 由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g．质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为A．14mgR B．13mgRC．12mgR D．4mgRπ5．如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l ．在正极板附近有一质量为M 、电荷量为q （q ＞0）的粒子；在负极板附近有另一质量为m 、电荷量为–q 的粒子。
在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动。
已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距25l 的平面。
若两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，则M : m 为 A ．3: 2 B ．2 : 1 C ．5 : 2 D ．3 : 16．若在某行星和地球上相对于各自水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2．已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R ．由此可知，该行星的半径为 A ．12R B ．72R C ．2R DR 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2015年高考真题——物理(海南卷)解析版(部分)
一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1如图，a 是竖直平面P 上的一点，P 前有一条形磁铁垂直于P ，且S 极朝向a 点，P 后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a 点。
在电子经过a 点的瞬间。
条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（）A ．向上 B.向下 C.向左 D.向右【答案】A2如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'，则εε'等于（ ）A.1/2B.22 C.1 D.2 【答案】B【解析】设折弯前导体切割磁感线的长度为L ，折弯后，导体切割磁场的有效长度为222222L L l L ⎛⎫⎛⎫=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，故产生的感应电动势为2222Blv B Lv ε'==⋅=，所以22εε'=，B 正确；3假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。
如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（ ）A.4倍B. 2倍C.3倍D.2倍【答案】D【解析】设f kv =，当阻力等于牵引力时，速度最大，输出功率变化前，有2P Fv fv kv v kv ===⋅=，变化后有22'''''P F v kv v kv ==⋅=，联立解得'2v v =，D 正确；4如图，一半径为R 的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高。
质量为m 的质点自轨道端点P 由静止开始滑下，滑到最低点Q 时，对轨道的正压力为2mg ，重力加速度大小为g ，质点自P 滑到Q 的过程中，克服摩擦力所做的功为（ ）A. mgR 41B. mgR 31C. mgR 21D. mgR 4π 【答案】C5如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l ，在正极板附近有一质量为M 、电荷量为q （q ＞0）的粒子，在负极板附近有另一质量为m 、电荷量为-q 的粒子，在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动。
2015海南理综-物理部分
2015年普通高等学校招生全国统一考试高（海南）理科综合能力测试试题——物理部分（2015海南理综1）如图，a 是竖直平面P 上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P ，且S 极朝向a 点，P 后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a 点．在电子经过a 点的瞬间．条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（ ）A ．向上B ．向下C ．向左D ．向右 【答案】A 【解析】条形磁铁的磁感线方向在a 点为垂直P 向外，粒子在条形磁铁的磁场中向右运动，所以根据左手定则可得电子受到的洛伦兹力方向向上．故选A ． （2015海南理综2）如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'，则εε'等于（ ）A ．12 B ．2C ．1D 【答案】B 【解析】设折弯前导体切割磁感线的长度为L ，折弯后，导体切割磁场的有效长度为2l L ==，故产生的感应电动势为22Blv B Lv ε'==⋅=，所以εε'=．故选B ． （2015海南理综3）假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率．如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（ ）A ．4倍B ．2倍CD 【答案】D【解析】设f kv =，当阻力等于牵引力时，速度最大，输出功率变化前，有2P Fv fv kv v kv ===⋅=，变化后有22P F v kv v kv '''''==⋅=，联立解得v '=．故选D ．（2015海南理综4）如图，一半径为R 的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高．质量为m 的质点自轨道端点P 由静止开始滑下，滑到最低点Q 时，对轨道的正压力为2mg ，重力加速度大小为g ，质点自P 滑到Q 的过程中，克服摩擦力所做的功为（ ） A ．14mgR B ．13mgR C ．12mgR D ．4mgR π【答案】C 【解析】在Q 点质点受到竖直向下的重力，和竖直向上的支持力，两力的合力充当向心力，所以有2vN mg m R-=，2N mg =，联立解得v =下落过程中重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可得212f mgR W mv -=，解得12f W mgR =，所以克服摩擦力做功12mgR ．故选C ．（2015海南理综5）如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l ，在正极板附近有一质量为M 、电荷量为()0q q >的粒子，在负极板附近有另一质量为m 、电荷量为q -的粒子，在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动．已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距25l 的平面．若两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，则:M m 为（ ） A ．3:2 B ．2:1 C ．5:2 D ．3:1 【答案】A 【解析】设电场强度为E ，两粒子的运动时间相同，对M 有，Eq a M =，22152Eq l t M=；对m 有Eq a m '=，23152Eq l t m =，联立解得32M m =．故选A ． （2015海南理综6）若在某行星和地球上相对于各自水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R ，由此可知，该行星的半径为（ ） A ．12R B ．72R C ．2R DR 【答案】C 【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，即0x v t =，在竖直方向上做自由落体运动，即212h gt =，所以x v =7=4g g 行地，根据公式2Mm G mg R =可得2GM g R =，故227=4M g R M g R 行行行地地地，解得=2R R 行．故选C ． （2015海南理综7）如图，两电荷量分别为()0Q Q >和Q -的点电荷对称地放置在x 轴上原点O 的两侧，a 点位于x 轴上O 点与点电荷Q 之间，b 位于y 轴O 点上方．取无穷远处的电势为零，下列说法正确的是（ ） A ．b 点的电势为零，电场强度也为零B ．正的试探电荷在a 点的电势能大于零，所受电场力方向向右C ．将正的试探电荷从O 点移到a 点，必须克服电场力做功D ．将同一正的试探电荷先后从O 、b 点移到a 点，后者电势能的变化较大 【答案】BC 【解析】因为等量异种电荷在其连线的中垂线上的电场方向为水平指向负电荷，所以电场方向与中垂线方向垂直，故中垂线为等势线，因为中垂线延伸到无穷远处，所以中垂线的电势为零，故b 点的电势为零，但是电场强度不为零，A 错误；等量异种电荷连线上，电场方向由正电荷指向负电荷，方向水平向右，在中点O 处电势为零，O 点左侧电势为正，右侧电势为负，又知道正电荷在正电势处电势能为正，B 正确；O 点的电势低于a 点的电势，电场力作负功，所以必须克服电场力做功，C 正确；O 点和b 点的电势相等，所以先后从O 、b 点移到a 点，电场力做功相等，电势能变化相同，D 错误．故选BC ．（2015海南理综8）如图，物块a 、b 和c 的质量相同，a 和b 、b 和c 之间用完全相同的轻弹簧1S 和2S 相连，通过系在a 上的细线悬挂于固定点O ；整个系统处于静止状态；现将细绳剪断，将物块a的加速度记为1a ，1S 和2S 相对原长的伸长分别为1l ∆和2l ∆，重力加速度大小为g ，在剪断瞬间（ ） A ．13a g = B ．10a = C ．12=2l l ∆∆ D ．12=l l ∆∆ 【答案】AC 【解析】设物体的质量为m ，剪断细绳的瞬间，绳子的拉力消失，弹簧还没有来得及改变，所以剪断细绳的瞬间a 受到重力和弹簧1S 的拉力1T ，剪断前对bc 和弹簧组成的整体分析可知12T mg =，故a 受到的合力123F mg T mg mg mg =+=+=，故加速度13Fa g m==，A 正确，B 错误；设弹簧2S 的拉力为2T ，则2T m g =，根据胡克定律F k x =∆可得12=2l l ∆∆，C 正确，D 错误．故选AC ．（2015海南理综9）如图，升降机内有一固定斜面，斜面上放一物体，开始时升降机做匀速运动，物块相对斜面匀速下滑，当升降机加速上升时（ ） A ．物块与斜面间的摩擦力减小 B ．物块与斜面间的正压力增大 C ．物块相对于斜面减速下滑 D ．物块相对于斜面匀速下滑 【答案】BD 【解析】当升降机加速上升时，物体有竖直向上的加速度，则物块与斜面间的正压力增大，根据滑动摩擦力公式f N F F μ=，可知接触面积间的正压力增大，物体与斜面间的摩擦力增大，故A 错误，B 正确；设斜面的倾角为θ，物体的质量为m ，当匀速运动时有sin cos mg mg θμθ=，即sin cos θμθ=，假设物体以加速度a 向上运动时，有()cos N m g a θ=+，()cos f m g a μθ=+，因为sin cos θμθ=，所以()()sin cos m g a m g a θμθ+=+，故物体仍做匀速下滑运动，C 错误，D 正确．故选BD ． （2015海南理综10）如图，一理想变压器原、副线圈匝数比为4:1，原线圈与一可变电阻串联后，接入一正弦交流电源；副线圈电路中固定电阻的阻值为0R ，负载电阻的阻值011R R =，是理想电压表；现将负载电阻的阻值减小为05R R =，保持变压器输入电流不变，此时电压表读数为5.0V ，则（ ） A ．此时原线圈两端电压的最大值约为34V B ．此时原线圈两端电压的最大值约为24V C ．原线圈两端原来的电压有效值约为68V D ．原线圈两端原来的电压有效值约为48V【答案】AD 【解析】当负载电阻的阻值减小为05R R =时，根据串并联电路规律，R 两端电压为0R 两端电压的5倍，因为电压表测量R 两端的电压，所以01515R U V =⨯=，故副线圈两端电压为26U V =，根据公式1122U n U n =可得此时原线圈两端电压的有效值为124U V =，所以此时原线圈两端电压的最大值约为34V ≈，A 正确，B 错误；因为变化过程中变压器的输入电流不变，所以对于副线圈中变化前后电流也不变，则变化后电压200056U IR IR IR =+=，变化前，20001112U IR IR IR '=+=，所以22212U U V '==，根据公式1122U n U n =可得原线圈两端原来的电压有效值约为48V ，D 正确，C 错误．故选AD ．（2015海南理综11）某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a ）和（b ）所示．该工件的直径为________cm ，高度为________mm ． 【答案】1.220；6.861 【解析】 游标卡尺的读数为112412.20 1.22020d mm mm mm cm =+⨯==；螺旋测微器的读数为 6.536.10.01 6.861h mm mm mm =+⨯=．（2015海南理综12）某同学利用图（a ）所示电路测量电容器充电时两极板间的电压随时间的变化．实验中使用的器材为：电池E （内阻很小）、开关1S 和2S 、电容器C （约100F μ）、电阻2R （约200k Ω）、电阻()21R k Ω、电压表V （量程6V ）、秒表、导线若干． （1）按图（a ）所示的电路原理将图（b ）中实物图连线．（2）先闭合开关2S ，再断开开关2S ：闭合开关1S，同时按下秒表开始计时．若某时刻电压表示数如图（c ）所示，电压表的读数为________V （保留2位小数）．（3）该同学每隔10s 记录一次电压表的读数，记录的数据如下表所示，在答题卡给出的坐标纸上绘出图线，已知只有一个数据点误差较大，该数据点对应的表中的时间是________s ．50.0 60.0 （4）电路中、2和1构成的回路的作用是________． 【答案】（1）如图所示 （2）3.6V（3）图像如图所示，40s（4）使每次实验前电容器两极板上的电荷相中和【解析】（1）根据电路图，实物图如图所示．（2）电压表的量程为6V ，分度值为0.1V ，所以读数为3.6V ．（3）先描点，然后用圆滑的曲线将所描的点连接起来，如图所示；从数据中可得出，电压表示数变化得越来越慢，而从30s 到40s 之间数据变化又突然快了，所以该数据对应表中的时间为40s ．（4）电路中C 、2R 和1S 构成的回路，先闭合开关2S ，再断开开关2S ，使电容器上所带电荷量释放干净，不影响下一次实验．（2015海南理综13）如图，两平行金属导轨位于同一水平面上，相距l ，左端与一电阻R 相连；整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为B ，方向竖直向下．一质量为m 的导体棒置于导轨上，在水平外力作用下沿导轨以速度v匀速向右滑动，滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好．已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为g ，导轨和导体棒的电阻均可忽略．求： （1）电阻R 消耗的功率； （2）水平外力的大小． 【解析】（1）导体切割磁感线运动产生的电动势为E BLv =， 根据欧姆定律，闭合回路中的感应电流为EI R=， 电阻R 消耗的功率为2P I R =，联立可得22B L vP R=．（2）对导体棒受力分析，受到向左的安培力和向左的摩擦力，向右的外力，三力平衡，故有+F mg F μ=安，Blv F BIl B l R ==⋅⋅安，故22B l vF mg Rμ=+． （2015海南理综14）如图，位于竖直水平面内的光滑轨道由四分之一圆弧ab 和抛物线bc 组成，圆弧半径Oa 水平，b 点为抛物线顶点．已知2h m =，s =．取重力加速度大小210/g m s =．（1）一小环套在轨道上从a 点由静止滑下，当其在bc 段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，求圆弧轨道的半径； （2）若环从b 点由静止因微小扰动而开始滑下，求环到达c 点时速度的水平分量的大小． 【解析】（1）一小环套在bc 段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，则说明下落到b 点时的速度，使得小环套做平抛运动的轨迹与轨道bc 重合，故有b s v t =…①，212h gt =…②， 从ab 滑落过程中，根据动能定理可得212b mgR mv =…③， 联立三式可得20.254s R m h==…④． （2）环由b 处静止下滑过程中机械能守恒，设环下滑至c 点的速度大小为v ，有212mgh mv =…⑤， 环在c 点的速度水平分量为cos x v v θ=…⑥，式中，θ为环在c 点速度的方向与水平方向的夹角，由题意可知，环在c 点的速度方向和以初速度0v 做平抛运动的物体在c 点速度方向相同，而做平抛运动的物体末速度的水平分量为0x v v '=，竖直分量y v '为2yv gh '=…⑦，因此cos θ=…⑧，联立可得/x v s =…⑨． （2015海南理综15）模块3-3试题（1）已知地球大气层的厚度h 远小于地球半径R ，空气平均摩尔质量为M ，阿伏伽德罗常数为A N ，地面大气压强为0P ，重力加速度大小为g ．由此可以估算得，地球大气层空气分子总数为________，空气分子之间的平均距离为________． （2）如图，一底面积为S 、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，开口向上，内有两个质量均为m 的相同活塞A 和B ；在A 与B 之间、B 与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体，平衡时体积均为V ．已知容器内气体温度始终不变，重力加速度大小为g ，外界大气压强为0P ．现假设活塞B 发生缓慢漏气，致使B 最终与容器底面接触．求活塞A 移动的距离．【答案】（1）204AR P N Mgπ；a =（2）0mg V l P S mg S⎛⎫= ⎪+⎝⎭【解析】（1）设大气层中气体的质量为m ，由大气压强产生，0mg PS =，即0P Sm g=，分子数2004A AA P SN R P N mN n M Mg Mgπ===；假设每个分子占据一个小立方体，各小立方体紧密排列，则小立方体边长即为空气分子平均间距，设为a ，大气层中气体总体积为V ，a =24V R h π=，所以a =（2）设平衡时，在A 与B 之间、B 与容器底面之间气体的压强分别为1P 和2P ，由力的平衡条件有：10PS PS mg =+…①， 21PS PS mg =+…②． 漏气发生后，设整个封闭气体体积为V '，压强为P '，由力的平衡条件有：P S PS mg '=+…③． 由玻意耳定律得 11P V PV ''=…④， ()12P V V PV '''-=…⑤， 式中，1V '是原来A 与B 之间的气体在漏气发生后所占的体积．设活塞A 移动的距离为l （取升高时为正），按几何关系有2V V Sl '=+…⑥，联立可得0mg Vl P S mg S⎛⎫= ⎪+⎝⎭．（2015海南理综16）模块3-4试题（1）一列沿x 轴正方向传播的简谱横波在0t =时刻的波形如图所示，质点P 的x 坐标为3m ．已知任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4s ．下列说法正确的是（ ）（填正确答案标号）． A ．波速为4/m s B ．波的频率为1.25HzC ．x 坐标为15m 的质点在0.2t s =时恰好位于波谷D ．x 的坐标为22m 的质点在0.2t s =时恰好位于波峰E ．当质点P 位于波峰时，x 坐标为17m 的质点恰好位于波谷 （2）一半径为R 的半圆形玻璃砖，横截面如图所示．已知玻璃的全反射临界角3r r π⎛⎫<⎪⎝⎭与玻璃砖的底平面成2r π⎛⎫- ⎪⎝⎭角度，且与玻璃砖横截面平行的平行光射到玻璃砖的半圆柱面上．经柱面折射后，有部分光（包括与柱面相切的入射光）能直接从玻璃砖底面射出．若忽略经半圆柱内表面反射后射出的光，求底面透光部分的宽度． 【答案】（1）BDE （2）2cos Rl γ=【解析】（1）任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4s ，则10.42T s =，解得0.8T s =从图像中可知4m λ=，所以根据公式45/0.8v m s Tλ===，A 错误；根据公式1f T=可得波的频率为1.25Hz ，B 正确；x 坐标为15m 的质点和x 坐标为3m 的质点相隔12m ，为波长的整数倍，即两质点为同相点，而x 坐标为3m 的质点经过0.2t s =即四分之一周期振动到平衡位置，所以x 坐标为15m 的质点在0.2t s =时振动到平衡位置，C 错误；x 的坐标为22m 的质点和x 的坐标为2m 的质点为同相点，x 的坐标为2m 的质点经过0.2t s =即四分之一周期恰好位于波峰，故x 的坐标为22m 的质点在0.2t s =时恰好位于波峰，D 正确；当质点P 位于波峰时，经过了半个周期，而x 坐标为17m 的质点和x 坐标为1m 的质点为同相点，经过半个周期x 坐标为1m 的质点恰好位于波谷，E 正确．故选BDE ． （2）在半圆柱形玻璃砖横截面内，考虑沿半径方向射到圆心O 的光线1（如图），它在圆心处的入射角1θ， 为1θγ=…①，恰好等于全反射临界角，发生全反射；在光线1左侧的光线（例如光线2），经过柱面折射后，射在玻璃砖底面上的入射角2θ，满足2θγ>…②， 因而在底面上发生全反射，不能直接折射出；在光线1右侧的光线（例如光线3）经柱面折射后，射在玻璃砖底面上的入射角3θ，满足3θγ<…③，因而在底面上不能发生全反射，能从玻璃砖底面射出； 射到半圆柱面最右侧的光线4与柱面相切，入射角i 为2i π=…④，由折射定律知，经圆柱面折射后的折射角4OAB θ∠=，满足4sin sin i n θ=…⑤， 式子中，n 是玻璃的折射率，由全反射角的定义知sin l n γ=…⑥， 联立④⑤⑥式得4θγ=…⑦．由几何关系可得AOB γ∠=，故底面上透光部分的宽度OB 为2cos R l γ=． （2015海南理综17）模块3-5试题 （1）氢原子基态的能量为113.6E eV =-．大量氢原子处于某一激发态．由这些氢原子可能发出的所有光子中，频率最大的光子能量为10.96E -，频率最小的光子的能量为________eV （保留2位有效数字），这些光子可具有________种不同的频率．（2）运动的原子核AZ X 放出α粒子后变成静止的原子核Y ．已知X 、Y 和α粒子的质量分别是M 、1m 和2m ，真空中的光速为c ，α粒子的速度远小于光速．求反应后与反应前的总动能之差以及α粒子的动能．【答案】（1）0.31eV ，10（2）()212k E M m m c ∆=--；()2122M M m m c M m --- 【解析】（1）频率最大的光子能量为10.96E -，即()()13.60.9613.6n E eV eV --=-⨯-，解得0.54n E eV =-，即5n =，从5n =能级开始，共有51→，52→，53→，54→，41→，42→，43→，31→，32→，21→，10种不同频率的光子，频率最小的光子能量为是从54→，最小为()0.540.850.31eV eV eV ---=．（2）反应后由于存在质量亏损，所以反应前后总动能之差等于质量亏损而释放出的能量， 故根据爱因斯坦质能方程可得()2222121122X m v Mv M m m c α-=--…①， 反应过程中三个粒子组成的系统动量守恒，故有2X Mv m v α=…②， 联立①②可得()22212212M m v M m m c M m α=---．。
2015高考真题——物理(海南卷)Word版含解析.pdf
一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图，a是竖直平面P上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点，P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点。
在电子经过a点的瞬间。
条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（） A．向上B．向下C．向左D．向右 【答案】A 考点：考查了洛伦兹力 2．如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v运动时，棒两端的感应电动势大小为，则等于（） A．1/2 B．C．1 D． 【答案】B 【解析】 试题分析：设折弯前导体切割磁感线的长度为，折弯后，导体切割磁场的有效长度为，故产生的感应电动势为，所以，B正确。
考点：考查了导体切割磁感线运动 3．假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。
如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（） A．4倍B． 2倍C．倍D．倍 【答案】D 考点：考查了功率的计算 4．如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高。
质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g，质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为（） A．B．C．D． 【答案】C 【解析】 试题分析：在Q点质点受到竖直向下的重力，和竖直向上的支持力，两力的合力充当向心力，所以有，，联立解得，下落过程中重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可得，解得，所以克服摩擦力做功，C正确。
考点：考查了动能定理的应用。
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2015年高考将于6月6、7日举行，我们将在第一时间收录真题，现在就请先用这套权威预测解解渴吧某某市2015届高三第二次模拟考试物理试题(考试时间：100分钟总分：120分)注意事项：1．本试卷共分两部分，第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题．2．所有试题的答案均填写在答题纸上，答案写在试卷上的无效．第Ⅰ卷（选择题共31分）一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．物理学中有多种研究问题的方法，下列有关研究方法的叙述中错误的是．．A．将实际的物体抽象为质点采用的是建立理想模型法B．探究加速度a与力F、质量m之间的关系时，采用了控制变量法C．定义电场强度的概念，采用的是比值定义法D．伽利略比萨斜塔上的落体实验，采用的是理想实验法2．如图1（甲）所示，匀质链条悬挂在天花板等高的A、B两点，现将链条中点也拉至AB 中间位置C悬挂，如图1（乙）所示．则下列说法正确的是A ．天花板对链条的作用力变大B ．天花板在A 点对链条的作用力不变C ．乙图中链条最低点的X 力为甲图的1/2D ．链条的重力势能不变3．恒流源是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变．如图2所示的电路中，当滑动变阻器滑动触头P 向右移动时，下列说法中正确的是A ．R 0上的电压变小B ．R 2上的电压变大C ．R 1上的电压变大D ．R 1 上电压变化量大于R 0上的电压变化量4．质量为m 的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图像如图3所示，从t 1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为F f ，则 A ．t 1～t 2时间内，汽车的平均速度等于B ．0～t 1时间内，汽车的牵引力等于mC ．t 1～t 2时间内，汽车的功率等于v 1D ．汽车运动过程中最大速度v 25．如图4所示，在正方形ABCD 区域内有平行于AB 边的匀强电场，E 、F 、H 是对应边的中点， P 点是EH 的中点．一个带正电的粒子（不计重力）从F 点沿FH 方向射入电场后恰好从C 点射出．以下说法正确的是A ．粒子的运动轨迹经过P 点P图2恒流源AB AC B图1（甲） 图1（乙）图3v tOABt 1t 2v2 1图4DPA BEHF vB ．粒子的运动轨迹经过PH 之间某点C ．若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿过EHD ．若将粒子的初速度变为原来的一半，粒子恰好由E 点从BC 边射出二、多项选择题．本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．美国的全球卫星定位系统（简称GPS ），其卫星距地面的高度均为20000km ．我国建成的“北斗一号”全球导航定位系统，其三颗卫星均定位在距地面36000km 的地球同步轨道上．下列说法中正确的是A ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星质量必须相同B ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS 中的卫星的周期长C ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS 中的卫星的加速度大D ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS 中的卫星的运行速度小7．如图5所示，水平固定一截面为正方形绝缘方管的长度为L ，空间存在场强为E 、方向水平向右的匀强电场和磁感应强度为B 、方向竖直向下的匀强磁场．将带电量为的小球从左侧管口无初速释放，已知小球与管道各接触面间动摩擦因数均为μ，小球运动到右侧管口处时速度为v，该过程 A ．洛伦兹力对小球做功为LB ．电场力对小球做功为qELC ．系统因摩擦而产生的热量为μmgLD ．系统因摩擦而产生的热量为8．如图6，矩形线圈abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc 边匀速转动，磁场只分布在bc 边的左侧，磁感应强度大小为B ，线圈面积为S ，转动角速度为ω，匝数为N ，线圈电阻不计．下列说法正确的是 A ．将原线圈抽头P 向上滑动时，灯泡变暗 B ．电容器的电容C 变大时，灯泡变暗BE图5××××××××××××ωad bcPC L图6C ．图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势最大D ．若线圈abcd 转动的角速度变为2ω，则变压器原线圈电压的有效值为NBS ω 9．如图7所示，水平转台上有一个质量为m 的物块，用长为L 的细绳将物块连接在转轴上，细线与竖直转轴的夹角为θ角，此时绳中X 力为零，物块与转台间动摩擦因数为μ（），最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，则A ．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为B ．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为C ．至转台对物块支持力为零时，转台对物块做的功为D ．设法使物体的角速度增大到时，物块机械能增量为第Ⅱ卷（选择题 共89分）三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（8分）（1）用图8（甲）所示装置记录小车的运动情况，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，打点计时器打出的纸带如图8（乙）所示(附有刻度尺)，纸带上相邻两点对应的时间间隔为0.02 s.1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 014图8（乙）图8（甲）A BC D E FG H I Jc mθω图7从刻度尺上读出DE 两点的距离为▲cm ；计算小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为▲m/s ，小车在布面上运动的加速度大小为▲m/s 2（速度和加速度的计算结果保留一位有效数字）．（2）某同学另外设计了一个测量物体瞬时速度的实验，其装置如图9,在小车上固定挡光片，将光电门传感器固定在轨道面，垫高轨道的一端．选择不同宽度的挡光片后，该同学分别将小车从垫高端同一位置由静止释放，获得了上表格中几组实验数据．则以下表述正确的是▲①四个挡光片中，挡光片I 的宽度最小 ②四个挡光片中，挡光片Ⅳ的宽度最小③四次实验中，第一次实验测得的速度最接近小车到达光电门时的瞬时速度遮光片光电门 图9垫高端④四次实验中，第四次实验测得的速度最接近小车到达光电门时的瞬时速度 A ．①③B ．②③C ．①④D ．②④11．(10分)为了测量某电流表的内阻(量程为50mA)．（1）首先选用多用电表欧姆×1档，粗测电流表的电阻，则欧姆表▲表笔(“黑”或“红”)应接待测电流表正接线柱；测量结果如图10（甲）所示，则测得的电阻约为▲Ω； （2）为了准确测量其电阻，提供的实验器材有： A ．直流电压表(0~3V ，内阻约6k Ω) B ．定值电阻R 1(5.0Ω，1A) C ．定值电阻R 2(40.0Ω，0.1A) D ．滑动变阻器R (0～5Ω，2A) E ．直流电源E (3V ，内阻很小) F ．电键、导线若干图10（乙）为实验原理图的一部分，某同学在实验中测 出6组对应的数据见表格．①实验中定值电阻R 0应选用▲(选填“R 1”或“R 2”)；②将实物图10（丙）中缺少的一根导线补齐． ③在图10（丁）中描点作出U -I 图线．并根据图像求得电流表的内阻为▲．（计算结果保留两位有效数字）次数1 2 3 4 5 6 U /V 0.80 1.18 1.68 1.98 2.36 2.70 I /mA14.020.024.034.040.046.0图10（甲）图10（丙）图10（丁）R 0▲ ▲ ▲12．选做题(请从A、B和C三小题中选定两小题作答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑．如都作答，则按A、B两小题评分．)A．(选修模块3-3)(12分)（1）下列说法正确的是▲A．气体扩散现象表明气体分子间存在斥力B．晶体都具有特定的几何形状C．液晶具有流动性，光学性质各向异性D．液体表面层分子间距离比液体内部大，所以液面存在表面X力（2）气缸内封闭了一定量压强为P=1.0×105pa、体积为V=2.0m3的理想B 气体，现使气体保持压强不变体积缓慢压缩至=1.0m3,此过程气体向外界释放了Q=1.2×105J的热量，则压缩过程外界对气体做了▲J的A图11功，气体的内能变化了▲J ．（3）如图11，粗细均匀的弯曲玻璃管A 、B 两端开口，管内有一段水银柱，管内左侧水银面与管口A 之间气柱长为l A ＝40cm ，现将左管竖直插入水银槽中，稳定后管中左侧的水银面相对玻璃管下降了2cm ，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，已知大气压强p 0＝76cmHg ，求：稳定后A 端上方 ①气柱的压强；②气柱的长度． B ．(选修模块3-4)(12分) （1）下列说法正确的是▲A ．在光的双逢干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变宽B ．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度C ．地球上接受到离地球远去的遥远星球发出的光波长要变长D ．任何惯性参考系中，物理规律都是相同的（2）如图12所示为一列简谐波在t ＝0时刻的图象，已知质点M 的振动方程为y ＝5sin5πt ( cm ) ，此波中质点 M 在t ＝▲s 时 恰好第 3 次到达 y 轴正方向最大位移处，该波的波速▲m /s . （3）如图13所示，一截面为直角三角形的玻璃棱镜 ABC ，∠A = 30°，一条光线以45°的入射角从 AC 边上的D 点射入棱镜，光线垂直BC 射出．（1）补全光线在棱镜中的光路图；（2）求玻璃的折射率．C. (选修模块3-5)(12分) （1）下列说法正确的是▲A ．光电效应说明光具有粒子性B ．γ射线是处于激发态的原子辐射出的图14ABCD图13图12C ．放射性元素发生一次β衰变，核电荷数增加1D ．235 92U 的半衰期随着环境的不断变化，半衰期可能变短（2）氢原子的能级如图14所示，原子从能级n ＝4向n ＝2跃迁所放出的光子，正好使某种金属材料产生光电效应，该金属的逸出功是▲eV.从能级n ＝4向n ＝1跃迁所放出的光子照射该金属，所产生光电子最大初动能是▲eV ．（3）静止的锂核63Li 俘获一个速度为8×106 m/s 的中子，发生核反应后产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核42He ，它的速度大小是3.5×106 m/s ，方向与反应前的中子速度方向相同，试写出核反应方程，并求反应后产生的另一个粒子的速度大小．四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 13．（15分）如图15所示，一倾角为θ=30o 的光滑足够长斜面固定在水平面上，其顶端固定一劲度系数为k =50N/m 的轻质弹簧，弹簧的下端系一个质量为m =1kg 的小球，用一垂直于斜面的挡板A 挡住小球，此时弹簧没有发生形变.若挡板A 以加速度a =4m/s 2沿斜面向下匀加速运动，弹簧与斜面始终保持平行，g 取10m/s 2，求： （1）从开始运动到小球速度达最大时小球所发生位移的大小； （2）从开始运动到小球与挡板分离时所经历的时间； （3）从开始运动到小球与挡板分离时外力对小球做的总功.a bcd M N QPL图16图1514．（16分）如图16所示，质量为m、电阻为R、ab边长为L的矩形金属单匝线圈竖直放置，水平虚线MN、PQ之间高度差为d．t=0时刻将线圈由图中位置由静止释放，同时在虚线之间加一方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B大小随时间t的变化关系为B=kt (k为已知常数)；t=t1（t1未知）时，ab边进入磁场电流恰好为0；t=t2时ab边穿出磁场前的瞬间线圈加速度为0．（不计空气阻力，重力加速度为g）求：（1）ab边未进入磁场之前，线圈中的电流大小及线圈消耗的电功率；（2）从t=0到ab边刚进入磁场所需时间t1；（3）ab边在穿过磁场过程中，线圈中产生的焦耳热．15．（16分）如图17（甲）所示,在xoy竖直平面内存在竖直方向的匀强电场，在第一象限内有一与x轴相切于点（2R，0）、半径为的圆形区域，该区域内存在垂直于xoy面的匀强磁场，电场与磁场随时间变化如图17（乙）、（丙）所示，设电场强度竖直向下为正方向，磁场垂直纸面向里为正方向，电场、磁场同步周期性变化(每个周期内正反向时间相同)．一带正电的小球A沿y轴方向下落，t=0时刻A落至点(0，3R )，此时，另一带负电的小球B 从最高点（2R，2R）处开始在磁场内紧靠磁场边界作匀速圆周运动；当A球再下落R时，B球旋转半圈到达点（2R，0）；当A球到达原点o时，B球又旋转半圈回到最高点；然后A球开始匀速运动．两球的质量均为m,电量大小均为q．（不计空气阻力及两小球之间的作用力，重力加速度为g）求：（1）匀强电场的场强E的大小；（2）小球B作匀速圆周运动的周期T及匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3图17（甲）图17（乙）图17（丙）某某市2015届高三第二次模拟考试物理试卷参考答案及评分标准第Ⅰ卷选择题(共31分)选项符合题意.一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个．．．．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，有多．个．正确选项.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.第Ⅱ卷（非选择题共89分）三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（1）1.80(1.80-1.84)（2分）0.9（2分）5（2分）（2）D（2分）11．（1）黑（1分）21～22（1分）（2）①R2（2分）②电路如下左图所示（2分），③U-I图像如上右图所示（2分）17或18或19或20（2分）12．A（1）CD（4分）（2）105（2分）、-2×104（2分）（3）①p＝p0+2h=80cmHg（2分）②设玻璃管横截面积为S，由玻意耳定律得：p0l A S= pl A′S l A′=38cm（2分）12．B（1）CD（4分）（2）0.9（2分）、1（2分）（3）①光路图（2分）②由几何关系得:入射角i = 45°，折射角r = 30°n==(2分)12．C（1）AC（4分）（2）2.55（2分）、10.2（2分）（3）（2分）由动量守恒定律得：v H=-2×106m/s 速度大小为2×106m/s（2分）四、计算题：本题共3小题，共47分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.13．（15分）（1）当物体所受合外力为零时，速度最大（1分）（2分）解得（2分）（2）当m与挡板分离时，F N1减小到零，则有：（2分）（1分）解得：（2分）(3)设分离时候的速度为vv=at=0.4m/s（2分）由动能定理，得（2分）W=0.08J（1分）14．（16分）解：(1) 感生电动势：（2分）线圈中的电流：（1分）线圈消耗的电功率：（2分）(2)当t=t1时，t1（1分）由题意可知瞬间电流为0，得E合=E1—E1/=0感生电动势：动生电动势：（2分）故：（2分）(3) 由（2）知（1分）当t=t2时，由题意知：（1分）设ab边穿出磁场瞬间的速度为v2，则有：（1分）由动能定理：（1分）代入、解得：（2分）15．（16分）解：(1)小球B匀速圆周运动则（3分）(2)设小球B的运动周期为T对A小球：（1分）（1分）（1分）对B小球：（1分）解得:（2分）(3)分析得：电（磁）场变化周期是B球圆周运动周期的2倍对小球A：在原点的速度为（1分）在原点下的位移为：（1分）2T末，小球A的坐标为（1分）对小球B：球B的线速度（1分）水平位移为竖直位移为2T末，小球B的坐标为（2分）则2T末，AB两球的距离为（1分）。
2015届海南省海南中学高三5月月考物理试题 word版
2015届海南省海南中学高三5月月考物理试题注意事项：1．本试题分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、学号（准考证号）填写（涂）在答题卡上。
2．回答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，写在本试卷上无效。
3．回答第II卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
4．考试结束后，本试卷由考生自己保留，将答题卡交回。
第I卷（选择题共38分）一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的。
1. 如图所示，两个圆弧轨道固定在水平地面上，半径R相同，A轨道由金属凹槽制成，B轨道由金属圆管制成，均可视为光滑轨道．在两轨道右侧的正上方分别将金属小球A和B由静止释放，小球距离地面的高度分别用h A和h B表示，则下列说法正确的是（）A．若h A=h B≥2R，则两小球都能沿轨道运动到最高点B．若h A=h B=，由于机械能守恒，两个小球沿轨道上升的最大高度均为C．适当调整h A和h B，均可使两小球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处D．若使小球沿轨道运动并且从最高点飞出，A小球的最小高度为，B小球在h B＞2R的任何高度均可2. 下列说法正确的是（）A．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．同一物体在地球上不同的位置受到的重力是不同，所以它的惯性也随位置的变化而变化C．一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球运动过程中受到了向上的推力D．物体的惯性大小只与本身的质量有关，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小3. 在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于11.2km/sB．卫星在同步轨道Ⅱ上的运行速度大于7.9km/sC．在轨道Ⅰ上运行周期大于在同步轨道Ⅱ上的运行周期D．卫星在Q点通过加速实现由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ4. 如图所示是质量为1kg的滑块在水平面上做直线运动的v-t图象.下列判断正确的是( )A. 在t=1s时，滑块的加速度为零B. 在1s-5 s时间内，合力做功的平均功率为2 WC. 在4s-6 s时间内，滑块的平均速度大小为2.5 m/sD. 在5s-6 s时间内，滑块受到的合力大小为2 N5. 带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，则从a到b过程中（）A.粒子一直做加速运动B.粒子的电势能一直在减小C.粒子加速度一直在增大D.粒子的机械能先减小后增大6. 在如图所示的电路中电源电动势为E，内阻为r，M为多种元件集成的电子元件，其阻值与两端所加的电压成正比（即R M＝kU，式中k为正常数）且遵循欧姆定律，L1和L2是规格相同的小灯泡（其电阻可视为不随温度变化而变化），R为可变电阻，现闭合开关S，调节可变电阻R使其电阻值逐渐减小，下列说法中正确的是（）A．灯泡L1变暗、L2变亮B．通过电阻R的电流增大C．电子元件M两端的电压变小D．电源两端电压变小二、多项选择题。
2015年 海南省 高考物理 试卷及解析
2015年海南省高考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（3分）如图，a是竖直平面P上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P，且S 极朝向a点．P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点，在电子经过a点的瞬间，条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（）A．向上B．向下C．向左D．向右2．（3分）如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小为ɛ；将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v运动时，棒两端的感应电动势大小为ɛ′．则等于（）A ．B ．C．1 D ．3．（3分）假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率，如果摩托艇发动机的1输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（）A．4倍 B．2倍 C ．倍D ．倍4．（3分）如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g。
质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为（）A ．mgRB ．mgRC ．mgRD ．mgR5．（3分）如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l．在正极板附近有一质量为M、电荷量为q（q＞0）的粒子；在负极板附近有另一质量为m、电荷量为﹣q的粒子．在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动．已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l的平面．若两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，则M：m为（）A．3：2 B．2：1 C．5：2 D．3：16．（3分）若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2：．已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R．由此可知，该行星的半径约为（）2A ．RB ．R C．2R D ．R二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
高考_2015年海南高考物理真题及答案
绝密 ★ 启用前2015年海南高考物理真题及答案注意事项：1．本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第I 卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对用题目的答案标号涂黑。
如黑改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I 卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1如图，a 是竖直平面P 上的一点，P 前有一条形磁铁垂直于P ，且S 极朝向a 点，P 后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a 点。
在电子经过a 点的瞬间。
条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（ ）A ．向上 B.向下 C.向左 D.向右2如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'，则εε'等于（ ）A.1/2B.22C.1D.23假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。
如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（ ）A.4倍B. 2倍C.3倍D. 2倍4如图，一半径为R 的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高。
质量为m 的质点自轨道端点P 由静止开始滑下，滑到最低点Q 时，对轨道的正压力为2mg ，重力加速度大小为g ，质点自P 滑到Q 的过程中，克服摩擦力所做的功为（ ）A.mgR 41 B. mgR 31 C. mgR 21 D. mgR 45如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l ，在正极板附近有一质量为M 、电荷量为q （q ＞0）的粒子，在负极板附近有另一质量为m 、电荷量为-q 的粒子，在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动。
海南省三亚市第一中学高三物理第二次月考试题(含解析)新人教版
海南省三亚市第一中学2014届高三物理第二次月考试题（含解析）新人教版一、单项选择题：（本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的）1、关于速度，速度改变量，加速度，正确的说法是：（）A、物体运动的速度改变量很大，它的加速度一定很大B、速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零C、某时刻物体的速度为零，其加速度为零D、加速度很大时，运动物体的速度一定很大2．关于合力与分力，以下说法中正确的是（）A．两个力的合力，至少大于一个分力 B．两个力的合力，可能小于一个分力C．两个力的合力，不可能小于两个分力 D．两个力的合力，一定大于两个分力3．图3是物体做直线运动的v－t图象，由图象可得到的正确结果是（）A．t＝1s时物体的加速度大小为1.0m／s2 B．t＝5s时物体的加速度大小为0.75m／s2C．第3s内物体的位移为1.5m D．物体在加速过程的位移比减速过程的位移大4．如图4所示，a，b，C三根绳子完全相同，其中b绳水平，C绳下挂一重物。
若使重物加重，则这三根绳子中最先断的是（）A．a绳 B．b绳 C．C绳 D．无法确定5．竖直起飞的火箭在推力F的作用下产生10m/s2的加速度，若推动力增大到2F，则火箭的加速度将达到（g取10m/s2，不计空气阻力）( )A．20m/s2 B．25m/s2 C．30m/s2 D．40m/s26．一小球沿斜面匀加速滑下，依次经过A、B、C三点。
已知AB=8m，BC=12m，小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s，则小球经过A、B、C三点时的速度大小分别是（）A．2 m/s，3 m／s，4 m/s B．2 m/s，4 m/s，6 m/sC．3 m/s，4 m／s，5 m/s D．3 m/s，5 m/s，7 m/s二、多项选择题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选面中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的，得5分；选对但不全的，得3分；有选错的，得0分。
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海南三亚一中2015届高三第二次月考物理试题（A 卷）
命题：樊志宽 审题：易立华
考试时间：90分钟 满分：100分
第I 卷（共34分）
一、单项选择题：（本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
）
1.在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的说
A ．伽利略发现了惯性定律
B ．亚里士多德最早指出力不是维持物体运动的原因
C ．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因
D ．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献 2.下列关于重力的说法中，正确的是 。
A ．只有静止的物体才受到重力的作用
B ．物体本身就有重力，所以重力没有施力物体
C ．重力是由于地球对物体的引力而产生的
D ．物体静止时受到的重力最大
3.甲、乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度图像如图1所示。
下列说法正确的是
A ．在0～t 1时间内，甲的加速度小于乙的加速度，且方向相反
B ．在0～t 1时间内，甲、乙运动方向相同
C ．在0～t 2时间内，甲的加速度大于乙的加速度，且方向相同
D ．在0～t 2时间内，甲的加速度小于乙的加速度
4.下列交通规则，主要用于防止因惯性而造成事故的是
A ．车辆靠右行驶
B ．桥梁设有限重标志牌
C ．红灯停，绿灯行
D ．严禁超速、超载
5.用轻绳系一质量为m 的砝码并向上提起，当绳中张力为T=mg 时，砝码匀速上升。
若绳中张力变为2T ，则砝码匀加速上升，其加速度a 的大小为（ ）
A.a ＜
g B.a=g C.g ＜a ＜2g D.a=2g
6.用轻弹簧竖直悬挂质量为m 的物体，静止时弹簧伸长量
为L 。
现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m 的物体，系
统静止时弹簧伸长量也为L 。
斜面倾角为300，如图所示。
则物体所受摩擦力
A.等于零
B.大小为mg 2
1，方向沿斜面向下 C.大于为m g 2
3，方向沿斜面向上 D.大小为mg ，方向沿斜面向上 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。
每题有多个选项符合题目要求。
全部选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错的，得0分）
1．下列关于重心、弹力和摩擦力的说法，正确的是( )
A．物体的重心可以不在物体的几何中心上
B．劲度系数越大的弹簧，产生的弹力越大
C．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化
D．动摩擦因数与物体之间的压力成反比，与滑动摩擦力成正比
8. 根据牛顿第二定律，下列叙述不正确
．．．的是
A．物体加速度的大小跟它的质量和速度大小的乘积成反比
B．物体所受合外力必须达到一定值时，才能使物体产生加速度
C．物体加速度的大小跟它所受作用力中的任一个的大小成正比
D．当物体质量改变但其所受合力的水平分力不变时，物体水平加速度大小与其质量成反比
9.如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受到
三个力即F1、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态，其中
F1＝10 N，F2＝2 N．若撤去力F1，则下列说法正确的是
( )
A．木块所受合力为零 B．木块受到滑动摩擦力
C．木块受到静摩擦力 D．木块所受合力为2 N，方向向左
10．L型的某种材料未知的物体P放在固定的斜面上，滑块Q置于木
板P的上表面，如图所示。
若P、Q一起沿斜面匀加速下滑，不计
空气阻力。
则木板P 的受力个数绝不可能为
A． 6 B．5 C．4 D．3
第二卷非选择题(66分)
三、填空题：(本题共2小题，每小题4分，共8分。
把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
)
11．质量为1kg的物体置于光滑的水平面上，在5N的水平拉力作用下，从静止开始运动，其加速度大小为 m/s2，运动2s后位移为 m。
12．国际单位制由基本单位和______单位两部分组成，国际单位制中
力学的三个基本单位分别是__________、_________、________。
四、实验题（本题共2小题，第13题6分，第14题8分，共14分。
把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程）
13.在探究合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一
端系上带有绳套的两根细绳。
实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次
是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个
弹簧秤通过细绳拉橡皮条。
①实验中对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的
A．将橡皮条拉伸相同长度即可 B. 将橡皮条沿相同方向拉到相同长度
C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度 D．将橡皮条与绳的结点拉到相同位置
②上图所示是某小组根据实验结果画出的图，图中F＇是利用平行
四边形定则作出的F1与F2的合力，F是用一只弹簧秤将橡皮条拉到O点时的拉力。
从作出的图可以看出F、F＇并不严格一致，
F
M
1
F1
F2
请你写出一个可能的原因 。
14. ①在探究小车的加速度a 与小车质量M 和小车受到的外力F 的关系时，根据实验数据描
绘出a-1图象如图所示，下列说法正确的是
A ．两条倾斜的直线所对应的外力相等
B ．直线2所对应的外力较大
C ．直线1所对应的外力较大
②某同学由于没有按照正确步骤操作，根据实验数据描绘出如图所
示的a-F 图象。
则该同学操作中可能存在的问题
是 。
五、计算题（本题共4小题， 15题10分，16、17题各12分， 18题10分，共44分。
把
解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）
15.(10分)汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～60s
内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．
(1)求出10s 末、40s 末、60s 末的速度大小
(2)画出汽车在0～60s 内的v-t 图线；
(3)求在这60s 内汽车行驶的路程．
16. (12分)航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量
m ＝2 kg ，动力系统提供的恒定升力F ＝28N ．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g 取10m/s 2.
(1)第一次试飞，飞行器飞行t 1＝8s 时到达的高度H ＝64 m ．求飞行器所受阻力f 的大小．
(2)第二次试飞，飞行器飞行t 2＝6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力．求飞行器能
到达的最大高度h.
17．(12分)质量为m 的物体置于水平地面上，受到沿水平方向的拉 力F 作用，在3s 内拉力F 的变化及其运动的速度图象如图所示。
求：
（1）该物体与地面之间的动摩擦因数µ多大？
（2）该物体的质量m
18．(10分)如图所示，一夹子夹住木块，在力F 作用下向上提升。
夹子
和木块的质量分别为0.5kg 、10kg ，已知夹子与木块两侧间的摩擦力
总是相等，且每侧能提供的最大静摩擦力为所提物体重力的2倍。
为
保证木块不滑落，试确定力F 的取值范围（取g=10m/s 2
）。
F。