2012-2013高二下期6月调研考试物理试题

2012-2013高二下期6月调研考试物理试题一、选择题（本题共12小题，在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是 （ ）A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B ．根据速度定义式t x v ∆∆=，当t ∆非常非常小时，tx ∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D ．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 2．下列关于力学问题的说法中正确的是（ ） A. 米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位B. 放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C. 做曲线运动的物体所受合外力一定不为零D. 摩擦力的方向一定与物体的运动方向在同一直线上3．如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上放着质量为2kg 的物体A ， 处于静止状态。

若将一个质量为3kg 的物体B 竖直向下轻放在A 上的一瞬间，则B 对A 的压力大小为(取g=10m/s 2) ( ) A.30N B. 0N C. 15ND. 12N4．一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度和时间的关系图线如图所示，则（ ） A ．t 3时刻火箭距地面最远B ．t 2—t 3的时间内，火箭在向下降落C ．t 1—t 2的时间内，火箭处于失重状态D ．0—t 3的时间内，火箭始终处于失重状态5．木块A 、B 分别重50 N 和60 N ，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25 ；夹在A 、B 之间的轻弹簧被压缩了2 cm ，弹簧的劲度系数为400N/m 。

系统置于水平地面上静止不动。

现用F =1 N 的水平拉力作用在木块B 上。

如右图所示.力F 作用后 ( ) A. 木块A 所受摩擦力大小是12.5 NB. 木块A 所受摩擦力大小是11.5 NC. 木块B 所受摩擦力大小是9 ND. 木块B 所受摩擦力大小是7 N6．如图甲所示，两物体A 、B 叠放在光滑水平面上，对物体A 施加一水平力F ，F-t 关系图象如图乙所示。

两物体在力F 作用下由静止开始运动，且始终相对静止，则（ ）A ．两物体做匀变速直线运动B ．两物体沿直线做往复运动C ．B 物体所受摩擦力的方向始终与力F 的方向相同D ．t ＝2s 到t ＝3s 这段时间内两物体间的摩擦力逐渐减小7．如图所示，质量为M 的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬挂一质量为m 的小球，M ＞m ，用一力F 水平向右拉小球（图甲），使小球和车一起以加速度a 向右运动，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为1F ，若用一力F '水平向左拉小车（图乙），使小球和车一起以加速度a '向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为'1F ，则（ ）A.11','F F a a ==B.11','a a F F >= C ．11','a a F F <= D ．11','F F a a >>8．质量为m 的物体在沿斜面向上的拉力F 作用下沿放在水平地面上的质量为M 的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则地面对斜面（ ） A ．无摩擦力 B ．水平向左的摩擦力 C.支持力为(M+ m)g D.支持力小于(M+m)g9．如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着竖立在地面上的钢管往下滑．已知这名消防队员的质量为60kg ，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s ，下滑的总距离为l2m ，g 取l0m/s 2，那么该消防队员（ ） A ．下滑过程中的最大速度为8m/s B ．加速与减速过程的时间之比为2:1C ．加速与减速过程中摩擦力大小之比为l:14D ．消防队员加速过程是超重状态，减速过程是失重状态10．如图所示的水平传送带静止时，一个小物块A 以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带，然后从传送带右湍以一个较小的速度v 滑出传送带；若传送带在皮带轮带动下运动时，A 物块仍相同的水平速度冲上传送带，且传送带的速度小于A 的初速度，则（ ） A ．若皮带轮逆时针方向转动，A 物块仍以速度v 离开传动带 B ．若皮带轮逆时针方向转动，A 物块不可能到达传送带的右端 C ．若皮带轮顺时针方向转动，A 物块离开传送带的速度仍可能为vD ．若皮带轮顺时针方向转动，A 物块离开传送带右端的速度一定大于v 11．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度为d 。

根据图中的信息，下列判断错误．．的是 （ ） A ．位置“1”是小球释放的初始位置 B ．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为dT 2D ．小球在位置“3”的速度为7d 2T12．如图所示，质量分别为m A 、m B 的两物块A 、B 叠放在一起，若它们共同沿固定在水平地面上倾角为α的斜面匀速下滑．则（ ）A ．A 、B 间无摩擦力B ．A 、B 间有摩擦力，且A 对B 的摩擦力沿斜面向下C ．B 与斜面间的动摩擦因数μ=tanαD ．B 对斜面的摩擦力方向沿斜面向下第II 卷（共62分）二．实验题 13．（14分）某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F 及质量m 的关系”实验．如图a 为实验装置简图，A 为小车，B 为电火花计时器，C 为装有砝码的小桶，D 为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F 等于砝码和小桶的总重量，小车运动加速度a 可用纸带上的打点求得．（1）实验过程中，电火花计时器应接在 （选填“直流”或“交流”）电源上．电压为 V ， （2）图（b ）为某次实验得到的纸带，根据纸带求打C 点时小车的速度大小为 m/s ．（保留二位有效数字）（3）在“探究加速度与质量的关系”时，保持砝码和小桶质量不变，改变小车质量m ，分别得根据上表数据，为直观反映．．．．F 不变时a 与m 的关系，请在图c 方格坐标纸中选择恰当物理量建立坐标系，并作出图线．（如有需要，可利用上表中空格）（4）在“探究加速度与力的关系”时，保持小车的质量不变，改变小桶中砝码的质量，该同学根据实验数据作出了加速度a 与合力F 图线如图d ，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因．原因：三、计算题：本题共4小题，共计48分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 14．（12分）如图所示，质量M =32kg 的木块A 套在水平杆上，并用轻绳将木块A 与质量m =3kg 的小球相连。

今用跟水平方向成α=300角的力F =310N,拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M 、m 相对位置保持不变，取g =10m/s 2。

求：（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角θ； （2）木块与水平杆间的动摩擦因数为μ。

15．（12分）A 、B 两辆汽车在笔直的公路上同向行驶。

当 B 车在A 车前84 m 处时，B 车速度为4 m/s ，且正以2 m/s 2的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，B 车加速度突然变为零。

A 车一直以20 m/s 的速度做匀速运动。

经过12 s 后两车相遇。

问B 车加速行驶的时间是多少？(d )16．（12分）足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上，一物体以v 0=6.4m/s 的初速度，从斜面底端向上滑行，该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8，如图所示．（sin53°=0.8，cos53°=0.6，取g =10m/s 2）求：（结果保留2位有效数字） ⑴物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间； ⑵物体返回斜面底端时的速度； ⑶若仅将斜面倾角θ变为37°，其他条件不变，则物体在开始第1s 内的位移大小．17、(12分)如图所示，质量为M 的长木板，静止放置在粗糙水平地面上，有一个质量为m 、可视为质点的物块，以某一水平初速度从左端冲上木板．从物块冲上木板到物块和木板达到共同速度的过程中，物块和木板的v －t 图象分别如图中的折线acd 和bcd 所示，a 、b 、c 、d 点的坐标为a （0,10）、b （0,0）、c （4,4）、d （12,0）．根据v －t 图象，求：（1）物块冲上木板做匀减速直线运动的加速度大小a 1，木板开始做匀加速直线运动的加速度大小为a 2，达相同速度后一起匀减速直线运动的加速度大小为a 3；（2）物块质量m 与长木板质量M 之比； （3）物块相对长木板滑行的距离Δs ．2012-2013高二下期6月调研考试物理参考答案一、选择题（48分）14．（12分）解析（2分）(2分)解得：(2分) 15、（12分）解： 设A 车的速度为v A ，B 车加速行驶时间为t ，两车在t 0时相遇。

则有0t v s A A = (1分)))((2102t t at v at t v s B B B -+++= (2分)式中，t 0 =12s ，s A 、s B 分别为 A 、B 两车相遇前行驶的路程。

依题意有s s s B A += (2分)式中 s ＝84 m 。

由①②③式得16.（12分）解：⑴由牛顿第二定律 上滑过程中：ma mg mg =+θμθcos sin （1分）22sin cos (100.80.8100.6)m/s 12.8m/s a g g θμθ=+=⨯+⨯⨯=上滑最大距离：220 6.4 1.6m2212.8v x m a ===⨯ （1分）上滑时间：01 6.4s 0.5s 12.8v t a === （1分）下滑过程中： 'c o s s i n ma mg mg =-θμθ （1分）得'22sin cos (8 4.8)m/s 3.2m/s a g g θμθ=-=-=又根据22'21t a x =下滑时间21s t === （1分）总时间为： t = t 1＋t 2 = 1.5s （1分）⑵返回斜面底端时的速度大小v = a′t 2 = 3.2 m/s （2分）⑶上滑过程中满足：1''cos sin ma mg mg =+θμθ''221sin cos (100.60.8100.8)m/s 12.4m/s a g g θμθ=+=⨯+⨯⨯=上滑时间：s s s a v t 131164.124.610<===停 （2分）又因为''cos sin θμθmg mg < 所以物体滑到最顶端后不再下滑，保持静止． 得：7.14.1224.622120=⨯==m a v x m （2分）。