2019高考物理总复习优编题型增分练：选择题提速练(二)

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2019高考物理总复习选考题增分练(二)选修3-3

选修3－3 增分练(二)1．[物理——选修3－3](15分)(2018·河南省平顶山市高三二模)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大B ．液晶像液体一样具有流动性，其光学性质与某些多晶体相似，具有各向同性的光学性质C ．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律D ．分子平均速率大的物体的温度比分子平均速率小的物体的温度高E ．晶体熔化时吸收热量，其分子平均动能不变(2)(10分)如图所示，直立的汽缸中有一定质量的理想气体，活塞的质量为m ，横截面积为S ，汽缸内壁光滑且缸壁导热良好，周围环境温度保持不变．开始时活塞恰好静止在A 处，现轻放一物体在活塞上，活塞下移．经过足够长时间后，活塞系统停在B 点，已知AB ＝h ，B 处到汽缸底部的距离为h ，大气压强为p 0，重力加速度为g .求：①物体将活塞压至B 处平衡时，缸内气体的压强p 2；整个过程中，缸内气体是吸热还是放热，简要说明理由；②已知初始温度为27 ℃，若升高环境温度至T 1，活塞返回A 处达稳定状态，T 1的值是多大．解析：(2)①设活塞静止在A 处时，气体压强为p 1.对活塞受力分析，由平衡条件可得 p 1S ＝p 0S ＋mg物体将活塞压至B 处平衡时，缸内气体的压强为p 2，对封闭气体由理想气体状态方程可得p 2Sh ＝p 1S ·2h联立解得p 2＝2p 0＋2mg S理想气体温度不变，则内能不变，压缩气体，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知气体向外放热．②环境温度升高，汽缸中气体体积增大，此过程中压强不变，由盖－吕萨克定律可得V 0T 0＝V 1T 1，由于T 0＝27 ℃＝300 K ，V 1＝2V 0代入数据解得T 1＝600 K ＝327 ℃.答案：(1)ACE (2)①2p 0＋2mg S放热理由见解析 ②327 ℃2．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)一定质量的理想气体从状态a 开始，经历三个过程a 到b 、b 到c 、c 到a 回到原状态，其V T 图象如图所示，p a 、p b 、p c .分别表示状态a 、b 、c 的压强，下列说法正确的是________(填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分)A ．由a 到b 的过程中，气体一定吸热B ．p c ＞p b ＝p aC ．由b 到c 的过程中，气体放出的热量一定大于外界对气体做的功D ．由b 到c 的过程中，每一个气体分子的速率都减小E ．由c 到a 的过程中气体分子的平均动能不变(2)(10分)如图所示，水平放置且两端开口的柱形汽缸AB 由左、右两部分组成，两部分汽缸截面积分别为S 、2S ，缸内有两个厚度不计的活塞，两活塞间封闭着一定质量的理想气体，平衡时两活塞距连接处的距离均为L ，气体温度为T 0，已知外界气体压强恒为p 0，B 部分汽缸和活塞之间的最大静摩擦力为2p 0S ，A 部分汽缸内壁光滑，且距汽缸连接处左侧2L 处有一活塞销．现缓慢升高气体温度，求：①A 部分汽缸中活塞刚好被活塞销卡住时气体的温度；②B 部分汽缸中活塞刚要滑动时气体的温度．解析：(2)①A 中活塞被活塞销卡住之前，B 中活塞静止不动，理想气体做等压变化，压强始终为p 0初态：体积V 1＝LS ＋L ·2S ＝3LS ，温度T 1＝T 0A 中活塞刚好被活塞销卡住时：体积V 2＝2LS ＋L ·2S ＝4LS ，温度为T 2则V 1T 1＝V 2T 2得T 2＝43T 0 ②B 中活塞刚要滑动时，设被封闭气体压强为p ，对B 中活塞受力分析得p ·2S ＝p 0·2S ＋f 得p ＝2p 0从A 中活塞刚好被活塞销卡住到B 中活塞刚要滑动，被封闭气体做等容变化，设此时温度为T 3则p 0T 2＝p T 3得T 3＝83T 0 答案：(1)ACE (2)①43T 0 ②83T 0。

(江苏专用)2019高考物理总复习优编题型增分练：实验题增分练(二)

实验题增分练(二)11．(8分)(2018·南通市等七市三模)用图1甲所示的实验装置验证机械能守恒定律．气垫导轨上A处安装了一个光电门，滑块上固定一遮光条，滑块用绕过气垫导轨左端定滑轮的细线与钩码相连，每次滑块都从同一位置由静止释放，释放时遮光条位于气垫导轨上B位置的上方．图1(1)某同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d＝________ mm.(2)实验中，接通气源，滑块静止释放后，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间为t，测得滑块(包括遮光条)质量为M，钩码质量为m，A、B间的距离为L.在实验误差允许范围内，钩码减小的重力势能mgL与__________(用直接测量的物理量符号表示)相等，则机械能守恒．(3)下列不必要的一项实验要求是________(请填写选项前对应的字母)．A．滑块必须由静止释放B．应使滑块(包括遮光条)的质量远大于钩码的质量C．已知当地重力加速度D ．应使牵引滑块的细线与气垫导轨平行(4)分析实验数据后发现，系统增加的动能明显大于钩码减小的重力势能，原因是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________. 答案 (1)2.75 (2)(m ＋M )d22t2(3)B (4)气垫导轨右端偏高 12．(10分)(2018·江苏学校联盟模拟)某物理兴趣小组在学习了电流的磁效应后，得知通电长直导线周围某点磁场的磁感应强度B 的大小与长直导线中的电流大小I 成正比，与该点离长直导线的距离r 成反比．该小组欲利用如图2甲所示的实验装置验证此结论是否正确，所用的器材有：长直导线、学生电源、直流电流表(量程为0～3 A)、滑动变阻器、小磁针(置于刻有360°刻度的盘面上)、开关及导线若干．图2实验步骤如下：a ．将小磁针放置在水平桌面上，等小磁针静止后，在小磁针上方沿小磁针静止时的指向水平放置长直导线，如图2甲所示；b ．该小组测出多组小磁针与通电长直导线间的竖直距离r 、长直导线中电流的大小I 及小磁针的偏转角度θ；c ．根据测量结果进行分析，得出结论．回答下列问题：(1)某次测量时，电路中电流表的示数如图乙所示，则该电流表的读数为________ A. (2)在某次测量中，该小组发现长直导线通电后小磁针偏离南北方向的角度为30°(如图3所示)，已知实验所在处的地磁场水平分量大小为B 0＝3×10－5T ，则此时长直导线中的电流在小磁针处产生的磁感应强度B 的大小为________ T(结果保留两位小数)．图3 图4(3)该小组通过对所测数据的分析，作出了小磁针偏转角度的正切值tan θ与Ir之间的图象如图4所示，据此得出了通电长直导线周围磁场的磁感应强度B 与通电电流I 成正比，与离长直导线的距离r 成反比的结论，其依据是__________________________．(4)通过查找资料，该小组得知通电长直导线周围某点的磁感应强度B 与电流I 及距离r 之间的数学关系为B ＝μ02π·Ir ，其中μ0为介质的磁导率．根据题给数据和测量结果，可计算出μ0＝________ T·m/A.答案 (1)2.00 (2)1.73×10－5T (3)电流产生的磁感应强度B ＝B 0tan θ，而偏角的正切值与I r成正比 (4)4π×10－7解析 (1)电流表量程为3 A ，则最小分度为0.1 A ，由指针示数可知电流为2.00 A ； (2)小磁针N 极指向地磁场分量和电流磁场的合磁场方向，如图所示；则有：tan 30°＝B B 0，解得：B ＝3×10－5×33T≈1.73×10－5T ； (3)由题图可知，偏角的正切值与Ir成正比，而根据(2)中分析可知，B ＝B 0tan θ，则可知B 与I r成正比，故说明通电长直导线周围磁场的磁感应强度B 与通电电流I 成正比，与离长直导线的距离r 成反比；(4)tan θ－I r 图线的斜率为k ，由公式B ＝B 0tan θ＝B 0k I r ＝μ02π·I r 可知，μ02π＝B 0k ，解得：μ0＝4π×10－7T·m/A.。

2019高考物理全国通用版优编增分练：选择题考点排查练13+Word版含解析

2019高考物理全国通用版优编增分练
选择题考点排查练13
2018年(全国Ⅲ卷)选择题考点排查练
二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
14．(2018·衡水金卷四省第三次大联考)氡气有天然放射性，其衰变产生的粒子可对人的呼吸系统造成辐射损伤．氡衰变方程为22286Rn→21884Po＋X，衰变过程中同时产生γ射线，半衰期为3.8天，以下说法正确的是()
A．该衰变过程为β衰变
B．对一个特定的氡核，在3.8天内一定会衰变
C．γ射线是由处于高能级的21884Po核向低能级跃迁时产生的
D．衰变后，21884Po核与X粒子的质量之和等于衰变前22286Rn核的质量
答案 C
15．(2018·广东省汕头市第二次模拟)2018年2月12日，我国采取“一箭双星”方式，成功发射了北斗三号第五、六颗组网卫星，中国北斗导航系统由5颗地球同步静止轨道卫星和30颗中高度轨道卫星组成．已知北斗M4卫星绕地球做匀速圆周运动，距离地面的高度为21 617 km，地球半径约为6 400 km，地面重力加速度g＝9.8 m/s2，则北斗M4卫星的加速度大小约为()
A．0.51 m/s2B．0.859 m/s2
C．1.25 m/s2D．0.137 m/s2
1。

2019届高考物理二轮复习第二章相互作用牛顿动动定律提能增分练(二)动力学四大模型之二——斜面

2019届高考物理二轮复习第二章相互作用牛顿动动定律提能增分练（二）动力学四大模型之二——斜面1.如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁。

若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为( )A．3 B．4 C．5 D．6解析：选B 先对物体m受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对M受力分析，受重力、m对它的垂直斜面向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力，共受到4个力。

故B正确。

2.如图所示，质量为m带＋q电荷量的滑块，沿绝缘斜面匀速下滑，当滑块滑至竖直向下的匀强电场区域时，滑块运动的状态为( )A．继续匀速下滑 B．将加速下滑C．将减速下滑 D．以上三种情况都可能发生解析：选A 滑块在电场中受力方向沿着电场线方向，即竖直向下，相当于滑块的重力变大了，因为滑块开始是匀速下滑的，则摩擦力大小等于滑块重力沿着斜面向下的分力的大小。

故滑块在斜面方向上的合力为零不改变，所以滑块继续匀速下滑。

只有A正确。

3．物块静止在固定的斜面上，分别按图示的方向对物块施加大小相等的力F，A中F 垂直于斜面向上，B中F垂直于斜面向下，C中F竖直向上，D中F竖直向下，施力后物块仍然静止，则物块所受的静摩擦力增大的是( )解析：选D 物块受重力、支持力及摩擦力处于平衡，A中当加上F后，物块仍处于平衡，则在沿斜面方向上物块平衡状态不同，而重力沿斜面向下的分力不变，故摩擦力不变；故A错误；同理B中摩擦力也不变，故B错误；C中加竖直向上的F后，F有沿斜面向上的分力，若物块有沿斜面向下的运动趋势，此时沿斜面向下的重力的分力与沿斜面向上的F 的分力及摩擦力平衡，故摩擦力将变小，故C错误；同理D中加竖直向下的力F后，F有沿斜面向下的分力，则沿斜面向下的力增大，故增大了摩擦力；故D正确。

4.(2017·四川双流中学模拟)如图，静止在水平面上的斜面体质量为M，一质量为m的物块恰能沿斜面匀速下滑，现对物块施加水平向右的拉力F，物块m仍能沿斜面运动。

(江苏专用)2019高考物理总复习优编题型增分练：计算题规范练(二)

计算题规范练(二)四、计算题(本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．)14．(15分)(2018·苏州市模拟)如图1所示，空间存在竖直向下的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B .一边长为L ，质量为m 、电阻为R 的正方形单匝导线框abcd 放在水平桌面上．在水平拉力作用下，线框从左边界以速度v 匀速进入磁场，当cd 边刚进入磁场时撤去拉力，ab 边恰好能到达磁场的右边界．已知线框与桌面间动摩擦因数为μ，磁场宽度大于L ，重力加速度为g .求：图1(1)ab 边刚进入磁场时，其两端的电压U ； (2)水平拉力的大小F 和磁场的宽度d ； (3)整个过程中产生的总热量Q .答案 (1)34BLv (2)B 2L 2v R ＋μmg L ＋v 22μg (3) μmgL ＋12mv 2＋B 2L 3vR解析 (1)E ＝BLvI ＝E R ＝BLvR U ＝I ·34R ＝34BLv .(2)F ＝F 安＋μmg ＝B 2L 2vR＋μmg撤去拉力后，线框在磁场中只受到滑动摩擦力，做匀减速运动，x 2＝v 22μg所以d ＝L ＋v 22μg.(3)进入磁场过程中产生焦耳热Q 1＝I 2Rt 1＝B 2L 3vR由于摩擦产生的热量Q 2＝μmg (L ＋v 22μg )＝μmgL ＋12mv 2所以整个过程产生的热量为Q ＝Q 1＋Q 2＝μmgL ＋12mv 2＋B 2L 3vR.15．(16分)(2018·淮安市、宿迁市等期中)如图2所示，水平桌面上质量为m 的薄木板右端叠放着质量也为m 的小物块，木板长为L ，整体处于静止状态．已知物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与桌面间的动摩擦因数为μ4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g .图2(1)若使木板与物块一起以初速度v 0沿水平桌面向右运动，求木板向右运动的最大距离s 0；(2)若对木板施加水平向右的拉力F ，为使木板沿水平桌面向右滑动且与物块间没有相对滑动，求拉力F 应满足的条件；(3)若给木板施加大小为F ＝3μmg 、方向沿水平桌面向右的拉力，经过时间t 0，撤去拉力F ，此后运动过程中小物块始终未脱离木板，求木板运动全过程中克服桌面摩擦力所做的功W . 答案 (1)2v 02μg (2)μmg 2<F ≤5μmg 2 (3)1.95m (μgt 0)2解析 (1)对木板和物块组成的系统，由动能定理得：－μ4·2mgs 0＝0－12·2mv 02解得：s 0＝2v 02μg.(2)设使木板沿水平桌面向右滑动且与物块间没有相对滑动的最小拉力为F min ，最大拉力为F max 则：F min ＝2mg ×μ4＝μmg2对系统：F max －μmg2＝2ma max对物块：μmg ＝ma max 解得：F max ＝5μmg2则要使木板沿水平桌面向右滑动且与物块间没有相对滑动，需满足μmg 2<F ≤5μmg2.(3)由于F ＝3μmg >5μmg2，所以物块与木板之间发生相对滑动．物块的加速度：a 1＝μg撤去拉力F 时物块的速度：v 1＝a 1t 0＝μgt 0 对木板：F －μmg －2μmg4＝ma 2得：a 2＝32μg撤去拉力F 时木板的速度：v 2＝a 2t 0＝32μgt 0撤去拉力F 后木板的加速度：a 3＝－32μg设撤去拉力F 后，再经过时间t 1，物块与木板达到共同速度v ，之后再经过时间t 2，木板停止滑行．则：v ＝a 1(t 0＋t 1)＝a 2t 0＋a 3t 1 得：t 1＝15t 0；v ＝65μgt 0达到共同速度后：－2mg ·μ4＝2ma 4加速度：a 4＝－14μgt 2＝0－65μgt 0－μg 4＝245t 0木板运动的总位移：s ＝v 2t 02＋v 2＋v 2t 1＋v 2t 2＝3.9μgt 02木板运动全过程中克服桌面摩擦力所做的功：W ＝2mg ×μ4×3.9μgt 02＝1.95m (μgt 0)2.16．(16分)(2018·扬州市一模)在如图3所示的坐标系内，PQ 是垂直于x 轴的分界线，PQ 左侧的等腰直角三角形区域内分布着匀强磁场，磁感应强度为B ，方向垂直纸面向里，AC 边有一挡板可吸收电子，AC 长为d .PQ 右侧为偏转电场，两极板长度为12d ，间距为d .电场右侧的x 轴上有足够长的荧光屏．现有速率不同的电子在纸面内从坐标原点O 沿y 轴正方向射入磁场，电子能打在荧光屏上的最远处为M 点，M 到下极板右端的距离为12d ，电子电荷量为e ，质量为m ，不考虑电子间的相互作用以及偏转电场边缘效应，求：图3(1)电子通过磁场区域的时间t ； (2)偏转电场的电压U ；(3)电子至少以多大速率从O 点射出时才能打到荧光屏上．答案 (1)πm 2eB (2)8eB 2d 23m (3)eBd33m解析 (1)电子在磁场区域洛伦兹力提供向心力evB ＝m v 2r ，得到：r ＝mv eB运动周期T ＝2πr v ，得到：T ＝2πm eB△OAC 和△OQC 均为等腰直角三角形，故通过磁场区域的时间为t 1＝90°360°T ＝πm2eB.(2)打在最远处，则必是速度最大的电子恰从偏转电场的最高点进入电场，由几何知识得r ＝d ，由上述结果r ＝mv eB 解得v ＝eBd m通过电场的时间t 2＝d 2v ，解得t 2＝m2eB电子离开电场后做匀速直线运动到达M 点，由几何关系有： y 1y 2＝14d 12d ＝12，又y 1＋y 2＝d 解得y 1＝13d即12·eU md t 22＝13d 代入数据解得U ＝8eB 2d 23m.(3)若电子恰好打在下极板右边缘磁场中r ′＝mv ′eB电场中水平方向：12d ＝v ′t竖直方向：r ′＝12·eU md t 2由上述三式代入数据解得v ′＝eBd33m.。

2019年高考物理最后冲刺增分小题狂练： 2 Word版

x
绘出物体的t－t 图象如图所示，则下列判断正确的是( )
A．物体做匀速直线运动 B．物体做变加速直线运动 C．物体的初速度大小为 1 m/s D．物体的加速度大小为 1 m/s2 答案：D
x
解析：由数学知识可得 t ＝(0.5t＋0.5)
m/s，则得 1
x＝0.5t2＋0.5t(m)；由匀变速直线运动的位移公式 x＝v0t＋2at2 可知
时追上汽车，故汽车的位移等于自行车的位移 x＝v 自 t′＝4×50 v0＋0
m＝200 m，故 A 错误．设汽车运动时间为 t′，则有 x＝ 2 t′， 2x 2 × 200
得 t′＝v0＝ 10 v0 10
s＝40 s，故 B 错误．汽车加速度大小为 a＝
t′＝40 m/s2＝0.25 m/s2，故 C 正确．在两者速度相等前，汽车的速度大于自行车的速度，汽车在自行车的前方，两者间距增大，速度
1
v0 v0
物体在位移中点时 v2＝2v20，则 v＝ 2> 2 ，选项 C 正确；物体做匀
减速运动，初速度为 v0，末速度为零，故物体在中间时刻的速度等 1
于 2v0，选项 D 错误；故选 B、C.
5．[2019·广东省深圳中学检测](多选)一条东西方向的平直公路边上有两块路牌 A、B，A 在西 B 在东，一辆匀速行驶的汽车自东向西经过 B 时，一只小鸟恰自 A 向 B 匀速飞去，小鸟飞到汽车正上方立即折返，以原速率飞回 A，过一段时间后，汽车也行驶到 A.它们的位置—时间图象如图所示，图中 t2＝2t1，由图可知( )
确．
12．[2019·湖南省三湘名校联考](多选)假设高速公路上甲、乙
两车在同一车道上同向行驶．甲车在前，乙车在后，速度均为 v0＝30 m/s，距离 s0＝100 m．t＝0 时刻甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化如图 1、2 所示．取原运动方向为正方向．下面说法正确的是( )

京津琼2019高考物理总复习专用优编提分练选择题专练二20181215181

选择题专练(二)1．(2018·山东省淄博市仿真模拟)关于原子核、原子核的衰变、核能，下列说法正确的是( )A．原子核的结合能越大，原子核越稳定B．任何两个原子核都可以发生核聚变C.238 92U衰变成206 82Pb要经过8次β衰变和6次α衰变D．发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2答案 D解析原子核的比结合能越大，原子核越稳定，选项A错误；只有较小的原子核才可以发生核聚变，故B错误；铀核238 92U衰变成铅核206 82Pb的过程中，α衰变一次质量数减少4，次数n＝238－2064＝8，β衰变的次数为n＝8×2＋82－92＝6，要经过8次α衰变和6次β衰变，故C错误；α粒子为氦核，由两个质子和两个中子组成，所以发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，故D正确．2．如图1所示，两个固定的等量异种电荷相距为4L，其连线中点为O，以O为圆心、L为半径的圆与两点电荷间的连线及连线的中垂线分别交于a、b和c、d.则( )图1A．a、b两点的电场强度大小相等，方向相反B．c、d两点的电场强度大小相等，方向相同C ．将一带正电的试探电荷从a 点沿直线移到b 点，其电势能先减小后增大D ．将一带正电的试探电荷从c 点沿直线移到d 点，其电势能先增大后减小答案 B解析根据两等量异种点电荷电场特点可知，a 、b 两点的电场强度大小相等，方向相同，c 、d 两点的电场强度大小相等，方向相同，故A 错误，B 正确；将一带正电的试探电荷从a 点沿直线移到b 点，电场力一直做正功，故其电势能一直减小，选项C 错误；cd 连线上电势均为零，故将一带正电的试探电荷从c 点沿直线移到d 点，其电势能不变，选项D 错误．3.如图2所示，a 、b 两小球通过轻质细线连接跨在光滑轻质定滑轮(视为质点)上．开始时，a 球放在水平地面上，连接b 球的细线伸直并水平．现由静止释放b 球，当连接b 球的细线摆到竖直位置时，a 球对地面的压力恰好为0.则a 、b 两球的质量之比为( )图2A ．3∶1B ．2∶1C ．3∶2D ．1∶1答案 A解析连接b 球的细线摆到竖直位置时，由机械能守恒定律：m B gl ＝12m B v 2，对小球b ：F T －m B g ＝m B v 2l；对球a ：F T ＝m A g ；联立解得：m A ∶m B ＝3∶1，故选A.4．L 形的光滑金属轨道AOC ，AO 沿竖直方向，OC 沿水平方向，PQ 是如图3所示地放在导轨上的一根金属直杆，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q 端始终在OC 上．空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，则在PQ 杆滑动的过程中，下列判断正确的是( )图3A ．感应电流的方向始终是由P →Q ，PQ 所受安培力的方向垂直杆向左B ．感应电流的方向先是由P →Q ，后是由Q →P ，PQ 所受安培力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右C ．感应电流的方向始终是由Q →P ，PQ 所受安培力的方向垂直杆向右D ．感应电流的方向先是由Q →P ，后是由P →Q ，PQ 所受安培力的方向先垂直于杆向右，后垂直于杆向左答案 B解析在PQ 杆滑动的过程中，△POQ 的面积先增大，后减小，穿过△POQ 磁通量先增大，后减小，根据楞次定律可知：感应电流的方向先是由P →Q ，后是由Q →P ；由左手定则判断得到：PQ 受安培力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右，故B 正确，A 、C 、D 错误．5.如图4所示，一质点在0～10 s 内，其v －t 图象的图线恰好是与两坐标轴相切的圆弧，则( )图4A ．0时刻，质点的加速度等于0B ．10 s 内质点的位移约为21.5 mC ．质点的加速度大小等于1 m/s 2时的速度等于4.5 m/sD ．质点的加速度随时间均匀减小答案 B解析 0时刻，切线的斜率最大，故质点的加速度不等于0，选项A 错误；图象与坐标轴围成的面积等于位移，则10 s 内质点的位移为x ＝10×10 m－14π×102 m≈21.5 m，选项B 正确；质点的加速度大小等于1 m/s 2时，此时圆弧的切线的斜率等于－1，切点在圆弧的中点，由几何知识可知v ＝10 m/s －10cos 45° m/s＝2.93 m/s ，选项C 错误；圆弧切线的斜率等于加速度，由几何知识可知，质点的加速度随时间不是均匀减小，开始减小的快，以后逐渐变慢，选项D 错误．6．2017年2月，美国宇航局宣布，在距离地球39光年外的水瓶座，发现了围绕恒星“Trappist －1”运行的7个类地行星，其中排列第5的行星“f”(可视为均匀球体，且不考虑其自转运动)被认为最适宜人类居住．假设该行星绕恒星做匀速圆周运动，他到恒星中心的距离为r ，该行星的质量为m ，半径为R ，引力常量为G ，则下列说法正确的是( )A ．该行星的公转周期为2πr r GmB ．该行星表面的重力加速度为GmR 2C ．该行星的第一宇宙速度为Gm RD ．该行星绕恒星做匀速圆周运动的线速度大小为Gm r 答案 BC解析设恒星的质量为M ，则由万有引力定律可得：G Mm r 2＝m 4π2T 2r ＝m v 2r，解得：T ＝2πrr GM ，v ＝GM r ，选项A 、D 错误；对行星表面的物体：G mm ′R 2＝m ′g ，可得该行星表面的重力加速度为g ＝GmR 2，选项B 正确；对绕行星表面运转的卫星：G mm 0R 2＝m 0v 12R，可得该行星的第一宇宙速度为v 1＝Gm R，选项C 正确．7．如图5甲所示，理想变压器原线圈电路中接有理想电压表和理想电流表，副线圈电路中接有理想二极管和两电阻值均为6 Ω的灯泡．当原线圈中输入的交变电压如图乙所示时，电流表的示数为1 A ．则( )图5A ．电压表的示数为70.7 VB ．变压器原、副线圈的匝数比为5∶2C ．灯泡a 消耗的电功率为503WD ．灯泡b 消耗的电功率为253 W 答案 BD 解析原线圈接交流电的有效值为： U 1＝5022V ＝50 V ，故电压表读数为50 V ，选项A 错误；设副线圈两端电压有效值为U 2，则在一个周期内：U 1I 1T ＝U 22R ·T 2＋U 222R ·T 2，解得U 2＝20 V ，可得变压器原、副线圈的匝数比为n 1n 2＝U 1U 2＝5020＝52，选项B 正确；灯泡b 消耗的电功率为P b ＝12×U 222R ×12＝14×2022×6 W ＝253W ，选项D 正确；灯泡a 消耗的电功率为P a ＝12×U 22R ＋12×U 222R ×12＝1253W ，选项C 错误． 8.如图6所示，固定于竖直面内的粗糙斜杆长为1 m ，杆与水平方向的夹角为30°，质量为1 kg 的小球套在杆上，小球与杆间的动摩擦因数为33，小球在恒定拉力F 作用下，沿杆由底端匀速运动到顶端．已知拉力F 的方向与杆在同一竖直平面内，且与水平方向的夹角大于30°，取重力加速度g ＝10 m/s 2.则( )图6A ．拉力F 与杆之间的夹角为30°时，F 的值最小B ．拉力F 的最小值为5 3 NC ．拉力F 的大小可能为15 ND ．拉力F 做功的最小值为5 3 J答案 ABC解析小球匀速运动，根据平衡条件，在沿杆方向上有：F cos α＝mg sin 30°＋μ(mg cos 30°－F sin α)整理得：F cos α＋μF sin α＝10，即F ＝10cos α＋μsin α由数学知识知cos α＋μsin α最大值为 12＋⎝ ⎛⎭⎪⎫332＝233；此时arctan 1μ＝60°则α＝90°－60°＝30°；F min ＝10233 N ＝5 3 N ，选项A 、B 正确；当F ＝15 N 时，设力F 与杆之间的夹角为θ，小球匀速运动，根据平衡条件，在沿杆方向上有：F cos θ＝mg sin 30°＋μ(mg cos 30°－F sin θ)整理得：F cos θ＋μF sin θ＝mg代入数据得：cos θ≈0.092或cos θ≈0.908(不符合题意，舍去)可知F ＝15 N 是可能的．故C 正确；当拉力F 做功最小时，摩擦力为零，即mg cos 30°－F sin α＝0，F cos α＝mg sin 30°，解得F ＝mg ，α＝60°；拉力F 做功的最小值为：W ＝Fl sin 30°＝5 J ，选项D 错误．。

江苏专用2019高考物理总复习优编题型增分练：选择题提速练四20181215145.doc

选择题提速练 (四)一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意．) 1．(2018·徐州市考前模拟)下列说法正确的有( )A．质量数越小的原子核，比结合能越大B．粒子被加速后，其物质波的波长将变长C．玻尔的能级和电子轨道不连续的观点，成功地解释了氢原子的光谱D．某放射性元素的400个原子核中有200个发生衰变的时间为它的一个半衰期答案 C2．(2018·苏州市模拟)如图1所示，倾角θ＝37°的上表面光滑的斜面体放在水平地面上．一个可以看成质点的小球用细线拉住与斜面一起保持静止状态，细线与斜面间的夹角也为37°.若将拉力换为大小不变、方向水平向左的推力，斜面体仍然保持静止状态．sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.则下列说法正确的是( )图1A．小球将向上加速运动B．小球对斜面的压力变大C．地面受到的压力不变D．地面受到的摩擦力不变答案 B解析开始时，对球受力分析，如图所示：根据平衡条件，在平行斜面方向：F cos 37°＝mg sin 37°，垂直斜面方向：F sin 37°＋F N＝mg cos 37°，得：F＝0.75mg；拉力改为水平推力后，由于所施力的大小不变，所施力与斜面的夹角不变，故沿着斜面方向的分力不变，球依然保持静止，小球对斜面的压力变大，故A错误，B正确；对球和斜面体整体受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，拉力改为水平推力后，其水平分力变大，竖直分力减小，故静摩擦力变大，地面支持力变大；根据牛顿第三定律，斜面体对地面的压力和摩擦力均变大，故C、D错误．3．(2018·江苏百校12月大联考)如图2所示，AC为斜面的斜边，B为斜边上的一点，甲、乙两小球在A点的正上方．现先后以不同的水平速度抛出甲、乙小球，它们均落到了B点．已知甲球的质量是乙球的质量的两倍，不计空气阻力，下列说法中正确的是( )图2A．甲球的加速度是乙球加速度的两倍B．两小球做平抛运动的时间相等C．甲球的初速度小于乙球的初速度D．整个过程中甲球的速度偏转角小于乙球的速度偏转角答案 C4．(2018·江苏五校联考)一物体静止在水平地面上，在竖直向上的拉力F的作用下开始向上运动，如图3甲所示，在物体运动过程中，空气阻力不计，其机械能E与位移x的关系图象如图乙所示，其中曲线上点A处的切线的斜率最大．则( )图3A．在x1处物体所受拉力最大B．在x2处物体的速度最大C．在x1～x3过程中，物体的动能一直减小D．在0～x2过程中，物体的加速度先增大后减小答案 A5．(2018·无锡市高三期末)真空中两个等量异种电荷(电荷量均为q)连线的中点处电场强度为E，则两个电荷之间的库仑力大小是( )A.qE8B.qE4C.qE2D．qE答案 A6．如图4所示，一半径为R的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，从圆周上P点向纸面内各方向发射质量、电荷量、速率均相同的带电粒子，这些粒子均从四分之一圆周磁场边界PQ上射出，忽略粒子之间的相互作用．则带电粒子在磁场中运动的轨道半径为( )图4A.12R B.22R C.32R D.34R答案 B解析当轨道半径小于或等于磁场区半径时，粒子射出圆形磁场的点离入射点最远距离为轨迹直径，由几何关系得：2r＝2R，解得：r＝22R，故选B.二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．)7．(2018·淮安、宿迁等期中)2017年4月，我国第一艘货运飞船“天舟一号”顺利升空，随后与“天宫二号”交会对接．假设“天舟一号”从B点发射经过椭圆轨道运动到“天宫二号”的圆轨道上完成交会，如图5所示．已知“天宫二号”的轨道半径为r，“天舟一号”沿椭圆轨道运动的周期为T，A、B两点分别为椭圆轨道的远地点和近地点，地球半径为R，引力常量为G.则( )图5A．“天宫二号”的运行速度小于7.9 km/sB．“天舟一号”的发射速度大于11.2 km/sC．根据题中信息可以求出地球的质量D．“天舟一号”在A点的速度大于“天宫二号”的运行速度答案AC解析7.9 km/s是近地卫星的最大环绕速度，卫星越高，线速度越小，则“天宫二号”的运行速度小于7.9 km/s，选项A正确；11.2 km/s是第二宇宙速度，是卫星挣脱地球引力束缚的最小速度，则“天舟一号”的发射速度小于11.2 km/s，选项B错误；根据开普勒第三定律r3T2＝常数，已知“天宫二号”的轨道半径r、“天舟一号”的周期T以及半长轴12(r＋R)，可求得“天宫二号”的周期T 1，再根据G Mm r 2＝m 4π2T 12r 可求解地球的质量，选项C 正确；“天舟一号”在A 点加速才能进入“天宫二号”所在的轨道，则“天舟一号”在A 点的速度小于“天宫二号”的运行速度，选项D 错误．8．(2018·如皋市模拟四)如图6所示，轻弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m 的条形磁铁，磁铁穿过固定的水平闭合金属线圈．将磁铁托起到弹簧压缩x 后由静止放开，磁铁会上下运动并逐渐停下来，静止时弹簧伸长x .不计空气阻力，重力加速度为g ，弹簧始终在弹性限度内，则( )图6A ．弹簧处于原长时，磁铁的加速度可能大于gB ．磁铁中央通过线圈时，线圈中感应电流最大C ．磁铁向下运动时，线圈受到的安培力方向向上D ．线圈在整个过程中产生的焦耳热为2mgx答案 AD解析弹簧处于原长时，没有弹力，除受到重力外，若磁铁向上运动，则受到向下的安培阻力，若向下运动，则受到向上的安培阻力，因此磁铁的加速度可能大于g ，故A 正确；磁铁中央通过线圈时，线圈的磁通量变化率为零，则线圈中感应电流为零，最小，故B 错误；当磁铁向下运动时，根据楞次定律：来拒去留，则磁铁受到向上的安培力，那么线圈受到的安培力方向向下，故C 错误；根据能量守恒定律，从静止至停止，弹簧的弹性势能不变，那么减小的重力势能转化为电能，从而产生焦耳热为Q ＝mgh ＝2mgx ，故D 正确．9．(2018·常熟中学模拟)如图7所示，直流电源、滑动变阻器、平行板电容器与理想二极管(正向电阻为0，反向电阻为∞)连接，电源负极接地．开始时电容器不带电，闭合开关S ，稳定后，一带电油滴恰能静止在电容器中P 点．在开关S 保持接通的状态下，下列说法正确的是( )图7A ．当滑动变阻器的滑片向上滑动时，带电油滴会向上运动B ．当电容器的上极板向上移动时，带电油滴会向下运动C ．当电容器的下极板向下移动时，P 点的电势不变D ．当电容器的下极板向左移动时，P 点的电势会升高答案 AD解析当滑动变阻器的滑片向上滑动时，变阻器有效阻值增大，R 两端的电压增大，则电容器板间电压增大，场强增大，油滴所受的电场力增大，所以带电油滴会向上运动，故A 正确．当电容器的上极板向上移动时，由电容的决定式C ＝εr S 4πkd 知，电容减小，而电容器两端的电压不变，由C ＝Q U 知，Q 减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不能放电，则电容器的带电荷量不变，由E ＝4πkQ εr S知电容器板间场强不变，油滴所受的电场力不变，所以带电油滴仍静止不动，故B 错误．当电容器的下极板向下移动时，电容器所带的电荷量Q不变，由E ＝4πkQ εr S知电容器板间场强不变，由U ＝Ed 知，P 与下极板间的电势差变大，P 点的电势升高，故C 错误．当电容器的下极板向左移动时，C ＝εr S4πkd ，电容器的电容减小，由C ＝Q U知，Q 减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不能放电，则电容器的带电荷量不变，那么只能是极板间U 增大，由E ＝U d知电容器板间场强变大，则P 与下极板间的电势差变大，P 点的电势升高，故D 正确．10．如图8所示，处在垂直纸面向外、磁感应强度大小为B 的匀强磁场中的矩形线框MNPQ ，以恒定的角速度ω绕对角线NQ 转动．已知MN 长为l 1，NP 长为l 2，线框电阻为R .t ＝0时刻线框平面与纸面重合，下列说法正确的是( )图8A ．矩形线框产生的感应电动势有效值为22Bl 1l 2ω B ．矩形线框转过π时的电流强度为零C ．矩形线框转动一周，通过线框任意横截面电荷量为Bl 1l 2RD ．矩形线框转过π过程中产生的热量为πB 2l 12l 22ω2R答案 ABD。

2019高考物理全国通用版优编增分练：选择题考点排查练2+Word版含解析

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2019高考物理全国通用版优编增分练
选择题考点排查练2
2014年(全国Ⅱ卷)选择题考点排查练
二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
14．(2018·广东省湛江市第二次模拟)某同学在开展研究性学习的过程中，利用速度传感器研究某一物体以初速度1 m/s 做直线运动的速度v 随时间t 变化的规律，并在计算机上得到了前4 s 内物体速度随时间变化的关系图象，如图1所示．则下列说法正确的是( )
图1
A ．物体在1 s 末速度方向改变
B ．物体在3 s 末加速度方向改变
C ．前4 s 内物体的最大位移只出现在第3 s 末，大小为3.5 m
D ．物体在第2 s 末与第4 s 末的速度相同答案 C
15．(2018·湖北省4月调研)如图2，某楼梯有k 级台阶，每级台阶长L ＝30 cm ，高h ＝15 cm.某同学从第0级台阶的边缘以v 0＝2.4 m/s 的速度平抛小球，小球将首先落在(不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s 2) ( )。

(江苏专版)2019版高考物理二轮复习选择题提速练(二)(含解析)

选择题提速练(二)一、单项选择题1．一含有理想变压器的电路如图甲所示，图中理想变压器原、副线圈匝数之比为2∶1，电阻R 1和R 2的阻值分别为3 Ω和1 Ω，电流表、电压表都是理想交流电表，a 、b 输入端输入的电流如图乙所示，下列说法正确的是( )A ．电流表的示数为 62A B ．电压表的示数为 6 VC ．0～0.04 s 内，电阻R 1 产生的焦耳热为0.08 JD ．t ＝0.03 s 时，通过电阻R 1的瞬时电流为 6 A解析：选A 设电流表的示数为I 1，则I 12RT ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫222R ·T 2＋()22R ·T 2，解得：I 1＝62 A ，故A 正确；由于原线圈中的电流只有交流部分才能输出到副线圈中，又原、副线圈匝数之比为2∶1，故副线圈中交流部分的电流最大值为2 2 A ，设副线圈交流电的有效值为I 2，则：I 22RT ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫2222R ·T 2，解得：I 2＝ 2 A ，因此电压表的示数为：U ＝I 2R 2＝ 2 V ，故B 错误；0～0.04 s 内，电阻R 1产生的焦耳热为Q 1＝I 22R 1t ＝()22×3×0.04 J＝0.24 J ，故C错误；t ＝0.03 s 时，通过电阻R 1的瞬时电流为0，故D 错误。

2．关于下列四幅图说法正确的是( )A ．图①中的放射性同位素应选择衰变时放出α粒子的同位素B ．图②中的镉棒的作用是使核反应中的快中子减速C ．图③中的光子碰撞电子后，其波长将变大D ．图④中的电子的动量越大，衍射现象越明显解析：选C α、β、γ三种射线的穿透能力不同，α射线不能穿过3 mm 厚的铝板，γ射线又很容易穿过3 mm 厚的铝板，厚度的微小变化不会使穿过铝板的γ射线的强度发生较明显变化，所以基本不受铝板厚度的影响；而β射线刚好能穿透几毫米厚的铝板，因此厚度的微小变化会使穿过铝板的β射线的强度发生较明显变化，即是β射线对控制厚度起作用，所以图①的放射性同位素应选择衰变时放出β粒子的同位素，故A 错误。

(江苏专用)2019高考物理总复习优编题型增分练：选择题提速练(二)

选择题提速练 (二)一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意．)1.如图1所示，一竖直放置的轻弹簧下端固定于水平桌面上，现将一物块放于弹簧上，同时对物块施加一竖直向下的外力，并使系统静止，若将外力突然撤去，则物块在第一次到达最高点前的速度—时间图象(图中实线)可能是下列图中的( )图1答案 A2．(2018·苏锡常镇二模)帆船运动中，运动员可以调节帆面与船前进方向的夹角，使船能借助风获得前进的动力．下列图中能使帆船获得前进动力的是( )答案 D3．如图2所示，在水平地面附近，小球A以水平初速度v瞄准另一小球B射出．在A球射出的同时，B球由静止开始下落，两球刚好在落地时相碰．不计空气阻力，则两球在下落过程中，下列说法不正确的是( )图2A．以B球为参考系，A球做匀速运动B．在相同时间内，A、B球的速度变化量相等C．两球的动能都随离地的竖直高度均匀变化D．若仅增大A球的初速度，两球不会相碰答案 D解析因为平抛运动在竖直方向上为自由落体运动，在相同时刻A 与B 在同一高度上，A 球做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，B 球做自由落体运动在水平方向上无速度，可知以B 球为参考系，A 球做匀速直线运动，故A 正确．A 、B 两球的加速度均为g ，方向竖直向下，则相同时间内，两球速度变化量相等，故B 正确．对A ，根据动能定理得mgh＝12mv A 2－12mv 2，小球的动能E k A ＝12mv A 2＝mgh ＋12mv 2，与高度成线性关系，对B ，根据动能定理得E k B ＝12mv B 2＝mgh ，与高度成正比，可知两球的动能都随竖直高度均匀变化，故C 正确．由于A 球竖直方向上运动规律与B 球相同，增大初速度，当A 球运动到B 球所在竖直线时，还未落地，由于两球始终在同一高度，可知两球仍然相碰，故D 错误． 4．(2018·江都中学等六校联考)如图3所示，质量为m 的物体无初速度地从斜面上高h 处滑下，最后停在水平面上的B 点，若它从斜面上高h 处以初速度v 0沿斜面滑下，则最后停在水平面上的C 点．A 为斜面最低点，设AC ＝3AB ，则物体在斜面上克服摩擦力做的功为( )图3A ．mgh －14mv 02B ．mgh －12mv 02C ．2mgh －14mv 02D ．2mgh －mv 02答案 A5.如图4所示，轻质弹簧固定在水平地面上．现将弹簧压缩后，将一质量为m 的小球静止放在弹簧上，释放后小球被竖直弹起，小球离开弹簧时速度为v ，则小球被弹起的过程中( )图4A ．地面对弹簧的支持力的冲量大于mvB ．弹簧对小球的弹力的冲量等于mvC ．地面对弹簧的支持力做的功大于12mv 2D ．弹簧对小球的弹力做的功等于12mv 2答案 A解析规定竖直向上为正方向，离开弹簧前，对小球受力分析，受到竖直向下的重力和竖直向上的弹力作用，根据动量定理可得I F －I G ＝mv ，所以弹簧对小球的弹力的冲量I F ＝mv ＋I G ，地面对弹簧的支持力和弹簧对地面的弹力是一对相互作用力，所以F N ＝F ，故|I N |＝|I F |＝mv ＋|I G |>mv ，A 正确，B 错误；根据动能定理得W F －W G ＝12mv 2，所以W F ＝12mv2＋W G >12mv 2，由于弹簧与地面接触处没有发生位移，所以地面对弹簧的支持力不做功，C 、D 错误．6．(2018·江苏押题卷)如图5所示，质量为m 、带电荷量为＋q 的三个相同带电小球a 、b 、c ，从同一高度以初速度v 0水平抛出，小球a 只在重力作用下运动，小球b 在重力和洛伦兹力作用下运动，小球c 在重力和电场力作用下运动，它们落地的时间分别为t a 、t b 、t c ，落地时重力的瞬时功率分别为P a 、P b 、P c ，则以下判断中正确的是( )图5A ．t a ＝t b ＝t cB ．t a ＝t c <t bC ．P b <P a <P cD ．P a ＝P b >P c 答案 A解析设三个小球下落的高度为h ，根据题意可知，小球a 只在重力作用下做平抛运动，下落时间为：t a ＝2h g，落地时重力的瞬时功率为：P a ＝mgv ay ＝mg 2gh ，小球b 在重力和洛伦兹力作用下，竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速圆周运动，因此下落时间和落地时重力的瞬时功率均与小球a 相同，即：t b ＝t a ＝2hg，P b ＝P a ＝mg 2gh ，小球c 在重力和电场力作用下，竖直方向做自由落体运动，水平方向做类平抛运动，因此下落时间和落地时重力的瞬时功率也均与小球a 相同，即：t c ＝t a ＝2hg，P c ＝P a ＝mg 2gh ，故选项A 正确，选项B 、C 、D 错误．二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．)7．(2018·南京学情调研)如图6所示，一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E 运行，在P 点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动．下列说法正确的是( )图6A ．不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P 点的机械能相同B ．不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P 点的向心加速度相同C ．卫星在轨道1的任何位置都具有相同的加速度D ．卫星经过P 点时，在轨道2的速度大于在轨道1的速度答案 BD8．(2018·高考押题预测卷)空间某一静电场的电势φ在x 轴上分布如图7所示，B 、C 是x 轴上两点，下列说法中正确的有( )图7A ．同一个电荷放在B 点受到的电场力大于放在C 点时的电场力 B ．同一个电荷放在B 点时的电势能大于放在C 点时的电势能 C ．O 点电势最高，电场也最强D ．正试探电荷沿x 轴从B 移到C 的过程中，电场力先做负功，后做正功答案 AD解析根据E ＝Δφd，则φ－x 图象的斜率表示场强，由图线可知E B >E C ，同一个电荷放在B 点受到的电场力大于放在C 点时的电场力，故A 正确；由题图可知B 点电势高于C 点电势，负电荷在电势高的地方，电势能小，正电荷在电势高的地方，电势能大，故B 错误；由题图可知，O 点电势最高，但电场强度为0，故C 错误；根据E p ＝q φ可知，正试探电荷沿x 轴从B 移到C 的过程中，电势能先增大再减小，即电场力先做负功，再做正功，故D 正确．9．(2018·苏州市模拟)硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点．如图8所示，曲线a 是该电池在某光照强度下路端电压U 和电流I 变化的关系图象(电池电动势不变，内阻不是定值)，图线b 是某电阻R 的U －I 图象．在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列说法中正确的是( )图8A ．硅光电池的内阻为5.5 ΩB ．硅光电池的总功率为0.4 WC ．硅光电池的内阻消耗的热功率为0.22 WD ．若将R 换成阻值更大的电阻，硅光电池的输出功率增大答案 AC10.(2018·丰县中学模拟)如图9所示，在一磁感应强度B ＝0.5 T 的匀强磁场中，垂直于磁场方向水平放着两根相距为h ＝0.1 m 的平行金属导轨MN 和PQ ，导轨电阻忽略不计，在两根导轨的端点N 、Q 之间连接一阻值R ＝0.3 Ω的电阻，导轨上跨放着一根长为L ＝0.2 m ，每米阻值r ＝2 Ω 的金属棒ab ，金属棒与导轨正交放置，交点为c 、d ，当金属棒在水平拉力作用下以速度v＝4 m/s向左做匀速运动时，则下列说法正确的是( )图9A．金属棒a、b两端点间的电势差为0.2 VB．水平拉金属棒的力的大小为0.02 NC．金属棒a、b两端点间的电势差为0.32 VD．回路中的发热功率为0.06 W答案BC解析金属棒cd段产生的感应电动势为E cd＝Bhv＝0.5×0.1×4 V＝0.2 V；cdQN中产生的感应电流为I＝E cdR＋hr＝0.20.3＋0.2A＝0.4 A；金属棒a、b两端点的电势差等于U ac、U cd、U db三者之和，由于U cd＝E cd－Ir cd，所以U ab＝E ab－Ir cd ＝BLv－Ir cd＝0.32 V，故A错误，C正确．使金属棒匀速运动的外力与安培力是一对平衡力，方向向左，大小为F＝F 安＝BIh＝0.5×0.4×0.1 N＝0.02 N，B正确．回路中的发热功率P热＝I2(R＋hr)＝0.08 W，D错误．。

【新】2019高考物理总复习优编题型增分练：选择题提速练(三)

选择题提速练 (三)一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意．) 1．(2018·徐州市考前模拟)以初速度v0竖直向上抛出一质量为m的小物块．假定物块所受的空气阻力F f的大小与速率成正比，小物块经过时间t0落回原处．用v、x、E和F分别表示该物体的速率、位移、机械能和所受的合力，则下列图象中可能正确的是( )答案 A2．(2018·南京市期中)2016年8月16日1时40分，我国在酒泉卫星发射中心用“长征二号”丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”发射升空．量子科学实验卫星“墨子号”由火箭发射至高度为500 km的预定圆形轨道.2016年6月在西昌卫星发射中心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G7.G7属于地球静止轨道卫星(高度为36 000 km)，它使北斗系统的可靠性进一步提高．关于卫星，以下说法中正确的是( )A．这两颗卫星的运行速度可能大于7.9 km/sB．量子科学实验卫星“墨子号”的向心加速度比北斗G7大C．量子科学实验卫星“墨子号”的周期比北斗G7大D．通过地面控制可以将北斗G7定点于南京市的正上方答案 B3.如图1所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b.当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光．下列说法正确的是( )图1A．原、副线圈匝数之比为9∶1B．两灯泡的额定功率相等C．此时a的电功率大于b的电功率D．a和b两端电压的频率之比为1∶9答案 A4．老师在课堂上做了一个演示实验：装置如图2所示，在容器的中心放一个圆柱形电极B，沿容器边缘内壁放一个圆环形电极A，把A和B分别与直流电源的两极相连，然后在容器内放入导电液体，将该容器放在匀强磁场中，液体就会旋转起来．关于这种现象下列说法正确的是( )图2A．液体旋转是因为电磁感应现象B．液体旋转是因为受到安培力作用C．仅将电流方向改为反向，液体旋转方向不变D．仅将磁场方向改为反向，液体旋转方向不变答案 B5．(2018·溧水中学期初模拟)如图3所示，在长载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两根可自由滑动的导体棒ab和cd.当载流直导线中的电流逐渐减弱时，导体棒ab和cd的运动情况是( )图3A．一起向左运动B．一起向右运动C．相向运动，相互靠近D．相背运动，相互远离答案 D解析根据右手螺旋定则知，直导线在导轨A、B处的磁场方向垂直纸面向里，电流减小时，磁场减弱，根据楞次定律得，回路中的感应电流方向为acdba，根据左手定则知，ab所受安培力方向向左，cd所受安培力向右，即ab和cd反向运动，相互远离，故D正确，A、B、C错误．6.如图4所示是某一电场中一根弯曲的电场线，A、B是电场线上的两点，一个正点电荷原来静止在A点，释放后仅在电场力作用下运动，下列说法中正确的是( )图4A．A点的电势比B点的低B．A点的场强一定比B点的大C．电荷不可能沿电场线运动到B点D．电荷将沿该电场线运动到B点答案 C二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．)7．(2018·泰州中学等综合评估)下列说法正确的是( )A．电子的衍射图样表明电子具有波动性B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C．氢原子从某激发态跃迁至基态要吸收特定频率的光子D．结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定答案AB8．(2018·如皋市期初)小孩站在岸边向湖面抛石子，三次的轨迹如图5所示，抛出点相同，最高点在同一水平线上，忽略空气阻力的影响，下列说法正确的是( )图5A．沿轨迹3运动的石子在空中运动时间最长B．沿轨迹3运动的石子落水时速度最小C．三个石子在最高点时速度相等D．三个石子在空中运动时的速度变化率相等答案BD9．(2018·徐州市模拟)如图6所示，A为巨磁电阻，当它周围的磁场增强时，其阻值增大；C 为电容器，当有磁铁靠近A时，下列说法正确的有( )图6A．电流表的示数减小B．电容器C的电荷量增大C．电压表的示数减小D．电源内部消耗的功率增大答案AB解析有磁铁靠近A时，其阻值增大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流减小，电流表的示数减小，故A正确；电路中的电流减小，则电路的路端电压增大，所以电压表的示数增大，电容器两端的电压增大，根据：Q＝CU可知电容器C的电荷量增大，故B正确，C错误；电路中的电流减小，电源内部消耗的功率P＝I2r将随电流的减小而减小，故D错误．10．(2018·南京市三模)如图7甲所示，不计电阻的矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势e随时间t变化的图象如图乙所示，经原、副线圈匝数比为1∶10的理想变压器给一灯泡供电，灯泡上标有“220 V22 W”字样，如图丙所示，则( )图7A．t＝0.01 s时刻穿过线框回路的磁通量为零B．灯泡中的电流方向每秒钟改变100次C．灯泡正常发光D．电流表示数为 2 A答案BC。

(江苏专用)2019高考物理总复习优编题型增分练：选做题保分练(二)

选做题保分练(二)三、选做题(本题包括A、B两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作答．若多做，则按A小题评分．)13．A.[选修3－3](15分)(2018·南京市、盐城市二模)(1)下列说法中正确的是________．A．空气中PM2.5颗粒的无规则运动属于分子热运动B．某物体温度升高，组成该物体的分子的平均动能一定增大C．云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列不规则D．空气相对湿度越大，则空气中水蒸气压强越接近饱和汽压(2)两分子间的作用力F与分子间距离r的关系如图1中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为r0，甲分子固定在坐标原点O，乙分子在分子力作用下从图中a点由静止开始运动．在r ＞r0阶段，乙分子的动能________(选填“增大”“减小”或“先增大后减小”)，乙分子的势能________(选填“增大”“减小”或“先减小后增大”)．图1(3)如图2所示，一圆柱形绝热汽缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，与汽缸底部相距h，此时封闭气体的温度为T.现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q时，气体温度上升到1.5T.已知大气压强为p0，重力加速度为g，不计活塞与汽缸的摩擦．求：图2①加热后活塞到汽缸底部的距离；②加热过程中气体的内能增加量．答案 (1)BD (2)增大减小 (3)①1.5h ②Q －0.5h (p 0S ＋mg )解析 (1)PM2.5颗粒不是分子，其运动不是分子热运动，A 错误；温度是分子平均动能的标志，温度升高，则分子平均动能增大，B 正确；云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列规则，C 错误；空气相对湿度越大，则空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，D 正确．(2)由题图可知，在r ＞r 0阶段，分子间是引力作用，分子力对乙分子做正功，乙分子的动能增大，分子势能减小．(3)①等压过程由Sh T ＝Sh ′1.5T得h ′＝1.5h ②气体压强p ＝p 0＋mg SW ＝－p (h ′－h )S由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q联立解得：ΔU ＝Q －0.5h (p 0S ＋mg )．13．B.[选修3－4](15分)(2018·如皋市模拟)(1)下列说法中正确的是________．A ．被拍打的篮球上下运动是简谐运动B ．受迫振动的物体总以它的固有频率振动C ．当观察者和波源间存在相对运动时一定能观察到多普勒效应现象D ．在以速度v 高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢(2)1971年，屠呦呦等获得了青蒿乙醚提取物结晶，研究人员通过X 射线衍射分析确定了青蒿素的结构．X 射线衍射是研究物质微观结构的最常用方法，用于分析的X 射线波长在0.05 nm ～0.25 nm 范围之间，因为X 射线的波长________(选填“接近”或“远小于”)晶体内部原子间的距离，所以衍射现象明显．分析在照相底片上得到的衍射图样，便可确定晶体结构．X射线是________(选填“纵波”或“横波”)．(3)如图3所示，有一四棱镜ABCD ，∠B ＝∠C ＝90°，∠D ＝75°.某同学想测量其折射率，他用激光笔从BC 面上的P 点射入一束激光，从Q 点射出时与AD 面的夹角为30°，Q 点到BC面垂线的垂足为E ，P 、Q 两点到E 点的距离分别为a 、3a ，已知真空中光速为c ，求：图3①该棱镜材料的折射率n ；②激光从P 点传播到Q 点所需的时间t .答案 (1)D (2)接近横波 (3)①62 ②6a c解析 (1)根据质点做简谐运动的条件可知，做简谐运动的条件是回复力为F ＝－kx ，被拍打的篮球上下运动显然不是简谐运动，故A 错误；做受迫振动的物体的振动频率与驱动力的频率相等，与物体的固有频率无关，故B 错误；当观察者和波源间存在相对运动时不一定能观察到多普勒效应现象，如观察者绕波源做匀速圆周运动，故C 错误；根据相对论的两个基本假设，在以速度v 高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢，故D 正确．(2)能发生明显的衍射现象的条件是：孔或障碍物的尺寸比波长小或者相差不多．当X 射线透过晶体内部原子间隙时，发生了明显的衍射现象，用于分析的X 射线波长应接近晶体内部原子间的距离；X 射线是一种横波．(3)①由题意，根据QE ⊥BC ，QE ＝3PE ，得∠PQE ＝30°由几何关系可知，激光在AD 面上的入射角 i ＝45°，折射角 r ＝60°由折射定律得，该棱镜材料的折射率 n ＝sin r sin i ＝62②激光在棱镜中的传播速度v ＝cnPQ ＝PEsin 30°＝2a 故激光从P 点传播到Q 点所需的时间t ＝2a v ，解得t ＝6a c.。

(江苏专用)2019高考物理总复习优编题型增分练：小综合练(二)

小综合练(二)一、单项选择题1．(2018·苏州市模拟)如图1甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上表面放置小滑块A.木板B在水平拉力F作用下，其加速度a随拉力F变化的关系图象如图乙所示，则小滑块A的质量为( )图1A．4 kg B．3 kg C．2 kg D．1 kg答案 C2．(2018·徐州市考前模拟)如图2所示，C919大型客机是我国具有自主知识产权的大型喷气式民用飞机．如果客机绕地球做匀速圆周运动，空气阻力大小不变，不考虑油料消耗导致的客机质量变化．关于客机，下列说法正确的是( )图2A．处于平衡状态B．速度变化率为零C．发动机的功率不变D．向心力完全由地球引力提供答案 C二、多项选择题3．(2018·江苏五校联考)如图3所示，MN、PQ是圆的两条相互垂直的直径，O为圆心，两个等量正点电荷分别固定在M、N两点．现有一带电的粒子(不计重力及粒子对电场的影响)从P 点由静止释放，粒子恰能在P、Q之间做直线运动，则以下判断正确的是( )图3A．O点的场强一定为零B ．P 点的电势一定比O 点的电势高C ．粒子一定带负电D ．粒子在P 点的电势能一定比在Q 点的电势能小答案 AC 三、实验题4．某同学制作了简单的指针式多用电表，图4甲为该多用电表的电路原理图，其中选用的电流表的满偏电流为50 mA ，当选择开关接3时是量程为250 V 的电压表，该多用电表表盘刻度如图乙所示，C 为表盘正中间的刻度．图4请使用该同学制作的多用电表完成如下的有关操作和推算．(1)选择开关接1时指针在图乙所示位置，则其读数为________，另一次测量时选择开关接3，指针仍在图乙所示位置，则其读数为________．(2)选择开关接2时，多用电表为一个倍率“×10”的欧姆表，若图乙中C 处的刻度为15，则甲图中电源的电动势为________ V ，使用较长时间后，电源电动势降为7.2 V ，重新进行欧姆调零后，测得某一导体电阻值为100 Ω，则这个导体的真实电阻值为________Ω. 答案 (1)36.0 mA 180 V (2)7.5 96解析 (1)由题意可知，电流表的满偏电流为50 mA ，选择开关接1时测电流，其分度值为1 mA ，示数为36.0 mA ；当选择开关接3时是量程为250 V 的电压表，其分度值为5 V ，其示数为180 V ；(2)由题图乙可知，指针指在C 处时，电流表示数为25.0 mA ＝0.025 A ，C 处对应电阻为中值电阻，则欧姆表内阻为150 Ω，电源电动势E ＝0.025×300 V＝7.5 V ；R 内＝150 Ω，R 内′＝E ′I g ＝7.250×10－3Ω＝144 Ω由闭合电路的欧姆定律可知：ER 内＋R 测＝E ′R 内′＋R 真，解得：R 真＝96 Ω. 四、计算题5．(2018·盐城中学质检)如图5所示为仓储公司常采用的“自动化”货物装卸装置，两个相互垂直的斜面固定，货箱A (含货物)和配重B 通过与斜面平行的轻绳跨过光滑轻质定滑轮相连．A 装载货物后从h ＝8.0 m 高处由静止释放，运动到底端时，A 和B 同时被锁定，卸货后解除锁定，A 在B 的牵引下被拉回原高度处，再次被锁定．已知θ＝53°，B 的质量M 为1.0×103kg ，A 、B 与斜面间的动摩擦因数均为μ＝0.5，滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，取g ＝10 m/s 2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6.图5(1)为使A 由静止释放后能沿斜面下滑，其质量m 需要满足什么条件？ (2)若A 的质量m ＝3.0×103kg ，求它到达底端时的速度大小v .(3)为了保证能被安全锁定，A 到达底端的速率不能大于12 m/s.请通过计算判断：当A 的质量m 不断增加时，该装置能否被安全锁定．答案 (1)m ＞2.0×103kg (2)5 m/s (3)见解析解析 (1)设右斜面倾角为β，则β＝37°，货箱由静止释放后能沿斜面下滑，则有mg sin θ－Mg sin β－μmg cos θ－μMg cos β＞0解得m ＞2.0×103kg. (2)对系统应用动能定理：mgh －Mg ·h sin βsin θ－(μmg cos θ＋μMg cos β)·hsin θ＝12(M ＋m )v 2，解得v ＝5 m/s.(3)当A 的质量m 与B 的质量M 之间关系满足m ≫M 时，货箱下滑的加速度最大，到达斜面底端的速度也最大，此时有mg sin θ－μmg cos θ＝ma m . a m ＝5 m/s 2， v m 2＝2a m L ， L ＝hsin θ联立解得：v m ＝10 m/s ＜12 m/s.所以，当A 的质量m 不断增加时，该运输装置能被安全锁定．。

2019高考物理总复习计算题增分练二20181119119

计算题增分练(二)(满分32分 20分钟)1．在短道速滑世锦赛女子500米决赛中，接连有选手意外摔倒，由于在短道速滑比赛中很难超越对手，因而在比赛开始阶段每个选手都要以最大的加速度加速，在过弯道前超越对手．为提高速滑成绩，选手在如下场地进行训练：赛道的直道长度为L ＝30 m ，弯道半径为R ＝2.5 m ．忽略冰面对选手的摩擦力，且冰面对人的弹力沿身体方向．在过弯道时，身体对冰面的夹角θ的最小值为45°，直线加速过程视为匀加速过程，加速度a ＝1 m/s 2.若训练过程中选手没有减速过程，为保证速滑中不出现意外情况，选手在直道上速滑的最短时间为多少？(g 取10 m/s 2)解析：若选手在直道上一直加速，选手能达到的最大速度为v 1，根据运动学公式有v 21＝2aL ，解得v 1＝60 m/s ，设选手过弯道时，允许的最大速度为v 2，此时人与冰面的夹角θ为45°，对选手受力分析如图．则：F N cos 45°＝mg 、F N sin 45°＝m v 22R解得：v 2＝5 m/s ，由于v 1＞v 2，因而选手允许加速达到的最大速度为v 2＝5 m/s ，设选手在直道上加速的距离为x ，则v 22＝2ax ，解得x ＝12.5 m ，选手在直道上的最短时间t ＝v 2a ＋L －x v 2，解得：t ＝8.5 s. 答案：8.5 s2．如图所示，在xOy 平面内存在均匀、大小随时间周期性变化的磁场和电场，变化规律分别如图乙、丙所示(规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向、＋y 轴方向为电场强度的正方向)．在t ＝0时刻由原点O 发射初速度大小为v 0、方向沿＋y 轴方向的带负电粒子(不计重力)．已知v 0、B 0、E 0，且E 0＝B 0v 0π，粒子的比荷q m ＝πB 0t 0，x 轴上有一点坐标为A ⎝ ⎛⎭⎪⎫48v 0t 0π，0.(1)求t 02时带电粒子的位置坐标； (2)求粒子运动过程中偏离x 轴的最大距离；(3)粒子经多长时间经过A 点？解析：(1)由T ＝2πm qB 得T ＝2t 0，所以t 02＝T 4，运动了T 4. 又因为r ＝mv qB 得r ＝v 0t 0π 所以位置坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫v 0t 0π，v 0t 0π. (2)由图可知y 1＝v 0＋v 2t 0 因v ＝v 0＋qE 0mt 0＝2v 0 所以y 1＝3v 0t 02由r ＝mv qB 得r 2＝2v 0t 0π所以y m ＝y 1＋r 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫32＋2πv 0t 0 (3)由图可知粒子以4t 0为一个周期，在一个周期内的距离d ＝2(r 1＋r 2)＝6v 0t 0π所以t ＝48v 0t 0πd×4t 0＝32t 0 答案：(1)⎝ ⎛⎭⎪⎫v 0t 0π，v 0t 0π (2)⎝ ⎛⎭⎪⎫32＋2πv 0t 0 (3)32t 0。

(江苏密卷)2019高考物理总复习优编题型增分练：选择题提速练(七)

选择题提速练 (七)一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意．)1．一位质量为m 的运动员从下蹲状态向上跳起，经Δt 时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v ，在此过程中，下列说法正确的是( )A ．地面对他的冲量为mv ＋mg Δt ，地面对他做的功为12mv 2 B ．地面对他的冲量为mv －mg Δt ，地面对他做的功为零C ．地面对他的冲量为mv ，地面对他做的功为12mv 2 D ．地面对他的冲量为mv ＋mg Δt ，地面对他做的功为零答案 D2．(2018·如皋市调研)如图1，日－地系统的拉格朗日点L 1位于太阳和地球的连线上，太阳及日光层探测仪(SOHO) 就处在该点，该探测仪与地球一起以相同的周期绕太阳运动．则该探测仪的( )图1A ．线速度大于地球绕太阳的线速度B ．向心加速度大于地球绕太阳的向心加速度C ．向心力由太阳的万有引力提供D ．角速度和地球绕太阳公转的角速度相同答案 D3．(2018·南京市期中)如图2所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A 、B 、C 三点，A 点为两点电荷连线的中点，B 点为连线上距A 点距离为d 的一点，C 为连线中垂线距A 点距离也为d 的一点，则下面关于三点电场强度的大小及电势高低的比较，正确的是( )图2A ．E A ＝E C >EB ，φA ＝φC ＝φBB ．E B >E A >EC ，φA ＝φC >φBC ．E A <E B ，E A <E C ；φA >φB ，φA >φCD ．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低答案 B4．(2018·江苏五校联考)质子经过直线加速器加速后进入半径一定的环形加速器，在环形加速器中，质子每次经过位置A时都会被加速(图3甲)，当质子的速度达到要求后，再将它们分成两束引导到对撞轨道中，在对撞轨道中两束质子沿相反方向做匀速圆周运动，并最终实现对撞(图乙)．质子是在磁场的作用下才得以做圆周运动的．下列说法中正确的是( )图3A．质子在环形加速器中运动时，轨道所处位置的磁场会逐渐减小B．质子在环形加速器中运动时，轨道所处位置的磁场始终保持不变C．质子在对撞轨道中运动时，轨道所处位置的磁场会逐渐减小D．质子在对撞轨道中运动时，轨道所处位置的磁场始终保持不变答案 D5．如图4甲所示是一台交流发电机的构造示意图，线圈转动产生的感应电动势随时间变化的规律如图乙所示，发电机线圈电阻为1 Ω，负载电阻R为4 Ω，其他电阻不计，则( )图4A．线圈转速为50 r/sB．电压表的示数为2.5 VC．负载电阻的电功率为2 WD．线圈转速加倍，电压表示数变为原来的4倍答案 C解析由题图乙可知，周期为0.04 s，则转速为n＝10.04r/s＝25 r/s，故A错误；由题图乙知，电动势的最大值为5 V，有效值为E＝52V＝2.5 2 V，故电压表的示数为U＝Er＋RR＝2.521＋4×4 V＝2 2 V ，故B 错误；R 消耗的功率P ＝U 2R ＝(22)24W ＝2 W ，故C 正确；线圈转速加倍，则角速度加倍，最大值E m ＝NBS ω，故最大值变为原来的2倍，有效值也变为原来的2倍，故电压表示数变为原来2倍，故D 错误．6．(2018·无锡市模拟)如图5，载货车厢通过悬臂固定在缆绳上，缆绳与水平方向夹角为θ，当缆绳带动车厢以加速度a 匀加速向上运动时，货物在车厢中与车厢相对静止，则货物与车厢间的动摩擦因数至少为(假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力，重力加速度为g )( )图5 A.a sin θg ＋a cos θ B.a cos θg ＋a sin θ C.a sin θg －a cos θ D.a cos θg －a sin θ答案 B 解析设货物的质量为m ，以货物为研究对象进行受力分析，同时将加速度a 沿水平方向和竖直方向进行分解，如图所示，则水平方向的加速度大小为a x ＝a cos θ，竖直方向的加速度大小为a y ＝a sin θ，对于货物，在竖直方向根据牛顿第二定律可得：F N －mg ＝ma y ，在水平方向根据牛顿第二定律可得：F f ＝ma x ，而F f ＝μF N ，联立解得：μ＝a cos θg ＋a sin θ，B 正确，A 、C 、D 错误．二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．)7．(2018·扬州中学5月模拟)下列说法中正确的是( )A ．黑体辐射随着温度的升高，各种波长的辐射强度都在增加，同时辐射强度的极大值向波长较短的方向移动B ．在研究光电效应实验中所测得的遏止电压与入射光的强度有关C ．放射性元素原子核的半衰期长短与原子所处的化学状态和外部条件有关D ．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时所产生的答案 AD8．(2018·南京市三模)抛出的铅球在空中的运动轨迹如图6所示，A、B为轨迹上等高的两点，铅球可视为质点，空气阻力不计．用v、E、E k、P分别表示铅球的速率、机械能、动能和重力瞬时功率的大小，用t表示铅球在空中从A运动到B的时间，则下列图象中不正确的是( )图6答案ABC9．(2018·南京市金陵中学模拟)超导体具有电阻为零的特点，图7为超导磁悬浮原理图，a 是一个超导闭合环，置于一个电磁铁线圈b正上方，当闭合开关S后，超导环能悬浮在电磁铁上方平衡．下列说法正确的有( )图7A．闭合开关S瞬间，a环中感应电流受到的安培力向上B．闭合开关S，稳定后通过a环的磁通量不变，a环中不再有电流C．闭合开关S，稳定后通过a环的电流是恒定电流D．R取不同的电阻，稳定后a环所受安培力都相等答案ACD10．(2018·江苏百校12月大联考)如图8所示为一水箱水量检测工作原理图．水箱内液面升、降情况可通过浮球的运动转换为改变电路中接入电阻的大小，最终由水量表来显示水箱中的储水量．控制电路中有一磁敏传感器A，当通过磁敏传感器A的磁通量高于设定的上限时触发电磁铁接通，电动机工作，对水箱进行补水(水路部分未画出)；当通过磁敏传感器A的磁通量低于设定的下限时电磁铁断开，电动机停止工作，下列对该原理图分析正确的有( )图8A．液面下降时，变阻器R接入电路的电阻变大B．液面下降到一定高度时，通过磁敏传感器A的磁通量会增加至设定上限，触发电磁铁接通，电动机工作C．水箱中存储的水越多，通过水量表的电流越大D．水箱中存储的水越多，电池E的效率越高答案BD。

2019高考物理总复习 优编题型增分练：选择题提速练(二)