陕西省渭南市临渭区2015-2016学年高二下学期期末考试物理试题
陕西省渭南市2015-2016学年高二物理上册期中试题
2015-2016高二物理检测题一、单选题（每题3分，共30分）1．下列粒子中，带负电的是（）A．质子B．电子C．中子D．原子2．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则()A．若在A点换上－q，A点场强方向发生变化B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关3．图是点电荷Q周围的电场线，以下判断正确的是( )A．Q是正电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度B．Q是正电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度C．Q是负电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度D．Q是负电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度4．关于摩擦起电、接触起电、感应起电，下列说法错误的是（）A．这三种方式都产生了电荷B．这是起电的三种不同方式C．这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律5．根据电阻定律，电阻率ρ＝RSl，对于温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率( )A．跟导线的电阻成正比B．跟导线的横截面积成正比C．跟导线的长度成反比D．由所用金属材料本身的性质决定6. 如图为匀强电场的等势面，相邻等势面相距2cm，则该匀强电场( )A．方向水平向左，场强E＝100N/CB．方向竖直向下，场强E＝100V/mC．方向竖直向上，场强E＝100V/mD．方向水平向右，场强E＝100V/m7、关于电场强度和电势的关系，下列说法正确的是( )A．场强处处为零的空间，电势也一定处处为零B．场强处处相同的区域内，电势也一定相同C．电势高的地方场强一定大D．场强的方向总是跟等势面垂直8、将电容为1.2×10-11F的平行板电容器接在3V的电池上，则电容器所带电荷量为( )A．0.4×10-11C B．3.6×10-11C C． 1.8×10-11C D．7.2×10-11C9、有a、b、c、d四个电阻，它们的I—U关系如图所示，则电阻最大的是( )A．aB．bC．cD．d10、以下说法正确的是( )A．在外电路中和电源内部，正电荷都受静电力作用，所以能不断定向移动形成电流B．静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C．在电源内部正电荷能从负极到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D．静电力移动电荷做功电势减少，非静电力移动电荷做功电势能增加二、多项选择题（每题4分，共16分）11、关于元电荷的理解，下列说法中正确的是（）A．元电荷就是电子B．元电荷是表示跟电子所带电荷量的数值相等的电荷量C．元电荷就是质子D．自然界中带电体所带电荷量的数值都是元电荷的整数倍12．为了防止静电的危害，应尽快把产生的静电导走，下列措施中不是防止静电危害的()A．手机装有天线B．电工钳柄上套有绝缘胶套C．飞机轮上装搭地线D．印刷车间中保持适当的湿度13.在负的点电荷的电场中，有a，b，c三点，它们到点电荷的距离，则( )A．c点电势比a点电势高B．b点场强比a点场强大C．同一负电荷放在c点比放在b点电势能小D．同一负电荷由a点移到b点一定比由b点移到c点电场力做的功多14. 一平行板电容器，两板之间的距离和两板面积都可以调节，电容器两板与电池相连接．以表示电容器的电量，表示两极板间的电场强度，则( )A．当增大、不变时，减小、减小B．当增大、不变时，增大、增大C．当减小、增大时，增大、增大D．当减小、减小时，不变、不变三、填空题（每空4分，共20 分）15．两个点电荷甲和乙同处于真空中．(1)甲的电荷量是乙的4倍，则甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的________倍．(2)把每个电荷的电荷量都增大为原来的4倍，那么它们之间的距离必须变为原来的________倍，才能使其间的相互作用力不变．16.将一电量为l.6×10－8C的负电荷在电场中从A点移动到B点，克服电场力做功为6.4×10－6J，则AB两点间电势差为_____V.17. 某人用多用电表按正确步骤测量一电阻阻值，指针指示位置如图所示，则该电阻值是____________.如果要用该多用电表测量一个阻值约200Ω的电阻，为了使测量比较精确，选择开关应选的欧姆挡是_____________.四、计算题（18题9分，19题12分，20题13分）18．规格为“220 V72W”的电风扇,线圈电阻为55Ω，接上220 V电压。
2015-2016学年陕西省渭南市临渭区高一(下)期末物理试卷(解析版)资料
2015-2016学年陕西省渭南市临渭区高一（下）期末物理试卷一、选择题（共13小题，每小题4分，满分52分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．速度的大小与方向都在时刻变化B．在某一点的速度方向是在曲线的这一点的切线方向C．物体在恒力作用下不可能作曲线运动D．物体只有在变力作用下才可能做曲线运动2．一艘小船在河中行驶，假设河岸是平直的，河水沿河岸向下游流去．现在使位于河中央的小船用最短时间行驶到岸边，则小船船头指向（即在静水中船的航向）应（）A．与河岸成一定角度，斜向上游B．与河岸成一定角度，斜向下游C．与河岸垂直，指向对岸D．与河岸平行，指向上游3．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的速率将（）A．一直增大 B．一直减小 C．先减小后增大 D．先增大后减小4．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球 D．使两球质量相等5．对于做匀速圆周运动的物体，下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是匀变速运动B．匀速圆周运动的速度不变C．任意相等时间里发生的位移相等D．相等时间里通过的路程相等6．（2016•红桥区一模）质量为m的物块在竖直向上的外力作用下，由静止开始竖直向上做匀加速运动，加速度为，在物块向上运动位移为h的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的动能增加了B．物块的重力势能增加C．外力做功为D．物块的机械能增加了7．（2016•普陀区二模）如图，站在向右作匀加速直线运动的车厢内的人向前推车壁，下列说法正确的是（）A．人对车的作用力仅是手的推力B．车对人的摩擦力大于车对人的推力C．因为人相对车没有动，所以合外力为零D．该人对车做正功8．如图所示，一个铁球从竖直固定在地面上的轻弹簧正上方某处自由下落，在A点接触弹簧后将弹簧压缩，到B点铁球的速度为零，然后被弹回，不计空气阻力，铁球从A下落到B的过程中，下列说法中正确的是（）A．铁球的机械能守恒B．铁球的动能和重力势能之和不断减小C．铁球的动能和弹簧的弹性势能之和不断增大D．铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和先变小后变大9．关于能量和能源，以下说法不正确的是（）A．能量耗散说明能量在转化过程中具有方向性B．由于自然界的能量守恒，所以不需要节约能源C．在利用能源的过程中，总能量在数量上并未减少D．人类在不断地开发和利用新能源，所以能量可以被创造10．关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法中错误的是（）A．半径越大，周期越小B．半径越大，周期越大C．所有卫星的周期都相同，与半径无关D．所有卫星的周期都不同，与半径无关11．人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，喷火后在新的轨道上仍能做匀速圆周运动，则（）A．a减小，T增大，r减小 B．a减小，T减小，r减小C．a减小，T增大，r增大 D．a增大，T减小，r增大12．（2016•潍坊一模）火星和金星都绕太阳做匀速圆周运动，火星绕太阳的公转周期是金星绕太阳公转周期的3倍，则火星和金星绕太阳转动的向心加速度之比为（）A．B．C．D．13．“北斗卫星导航系统”是由多颗卫星组成的，有5颗是地球同步卫星．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，如图所示，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于第一宇宙速度B．卫星在在轨道Ⅰ上Q点经过点火减速进入轨道Ⅱ上运行C．在轨道Ⅰ上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度D．在轨道Ⅱ上的运行周期小于在轨道Ⅰ上的运行周期二、实验题14．（6分）如图所示是某物体做平抛运动实验后在白纸上描出的轨迹和所测数据，图中0点为物体的抛出点，根据图中数据可知：物体做平抛运动的初速度v0=m/s（g 取10m/s2，计算结果保留三位有效数字）；物体从P点运动到Q点经历的时间t=s．15．（12分）如图1所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置：所用电源的频率为50Hz．某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测得各计数点到O的距离（单位：cm）如图2所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A、B、C是连续打下的三个点．（1）关于这一实验，下列说法中正确的是A．打点计时器应接直流电源B．应先释放纸带，后接通电源打点C．需使用秒表测出重物下落的时间D．释放重物前，重物应靠近打点计时器（2）若重锤质量为1kg，重力加速度取9.8m/s2．打点计时器打出B点时，重锤下落的速度v B=m/s，重锤的动能E kB=J．从开始下落算起，打点计时器打B 点时，重锤的重力势能减小量为J（结果保留两位有效数字）．通过计算，数值上△E p△E k（填“＞”“=”或“＜”），这是因为．三、计算题16．（15分）（2016•天津校级二模）如图所示，竖直放置固定的光滑半圆形轨道与光滑水平面AB相切于B点，半圆形轨道的最高点为C．轻弹簧一端固定在竖直挡板上，另一端有一质量m=0.1kg的小球（小球与弹簧不拴接）．用力将小球向左推，小球将弹簧压缩一定量时，用轻绳固定住，此时弹簧的弹性势能E p=5J，烧断细绳，弹簧将小球弹出．取g=10m/s2．求（1）小球运动至B点时速度v B的大小；（2）若轨道半径R=1.6m，小球通过最高点C后落到水平面上的水平距离x；（3）欲使小球能通过最高点C，则半圆形轨道的最大半径R m．17．（15分）探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，飞行试验器飞抵距月球6万千米附近进入月球引力影响区，开始月球近旁转向飞行，最终进入距月球表面h的圆形工作轨道．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，引力常量为G，试求：（1）飞行试验器绕月球运行的周期（2）飞行试验器在工作轨道上的绕行速度（3）月球的平均密度．2015-2016学年陕西省渭南市临渭区高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共13小题，每小题4分，满分52分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．速度的大小与方向都在时刻变化B．在某一点的速度方向是在曲线的这一点的切线方向C．物体在恒力作用下不可能作曲线运动D．物体只有在变力作用下才可能做曲线运动【考点】物体做曲线运动的条件【分析】物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动；物体在恒力作用下也可能作曲线运动．【解答】解：A、曲线运动速度的方向不断的变化，但速度的大小可以不变，如匀速圆周运动．故A错误；B、根据曲线运动的特点可知，在某一点的速度方向是在曲线的这一点的切线方向，故B正确；C、D、物体在恒力作用下也可能作曲线运动，如平抛运动只受到恒定的重力的作用．故CD 错误．故选：B【点评】本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．2．一艘小船在河中行驶，假设河岸是平直的，河水沿河岸向下游流去．现在使位于河中央的小船用最短时间行驶到岸边，则小船船头指向（即在静水中船的航向）应（）A．与河岸成一定角度，斜向上游B．与河岸成一定角度，斜向下游C．与河岸垂直，指向对岸D．与河岸平行，指向上游【考点】运动的合成和分解【分析】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速的方向（即船头的指向）与河岸垂直时，渡河的时间最短．【解答】解：当小船的静水速（即船头的指向）与河岸垂直时，垂直于河岸方向上的速度最大，则渡河时间最短．故C正确，A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短．3．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的速率将（）A．一直增大 B．一直减小 C．先减小后增大 D．先增大后减小【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动【分析】质点从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向指向右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°因此恒力先做负功后做正功，动能先减小后增大．【解答】解：因为质点速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C正确．故选C【点评】此题需要根据运动情况分析受力情况，进一步分析力的做功问题，从而判断速度（动能）的变化．4．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球 D．使两球质量相等【考点】平抛运动【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：由于相遇时A、B做平抛运动的竖直位移h相同，由h=gt2可以判断两球下落时间相同，即应同时抛出两球，故C正确，A、B错误．D、下落时间与球的质量无关，故D错误．故选C．【点评】本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决．5．对于做匀速圆周运动的物体，下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是匀变速运动B．匀速圆周运动的速度不变C．任意相等时间里发生的位移相等D．相等时间里通过的路程相等【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】将题中的几个物理量分为矢量和标量，矢量方向或者大小的变化都叫矢量变化，标量没有方向，考虑大小就行．【解答】解：矢量变化特征：无论是大小还是方向变了，我们都说这个矢量变了．A、匀速圆周运动的向心加速度的大小不变，方向改变，故匀速圆周运动不是匀变速运动，故A错误；B、线速度的大小不变，方向改变，故线速度变．故B错误；C、位移是矢量，匀速圆周运动任意相等时间里发生的位移大小相等，而方向不一定相同，故C错误；D、做匀速圆周运动的物体的线速度的大小不变，所以相等时间里通过的路程相等，故D正确；故选：D【点评】本题关键是要明确矢量不变和标量不变的区别，要注意矢量不变是指大小和方向都不变．6．（2016•红桥区一模）质量为m的物块在竖直向上的外力作用下，由静止开始竖直向上做匀加速运动，加速度为，在物块向上运动位移为h的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的动能增加了B．物块的重力势能增加C．外力做功为D．物块的机械能增加了【考点】动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系【分析】由动能定理研究动能的增量．物体克服重力做功多少，重力势能就增加多少．根据牛顿第二定律求解外力的大小，由功的公式W=Fl求解外力做功；外力做功多少，机械能就增加多少．【解答】解：A、根据动能定理得：物块动能的增量为△E k=F合h=mah=mgh．故A正确B、重力做功为﹣mgh，则物体的重力势能增加mgh．故B错误．C、根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，得F=mg，外力做功为W=Fh=．故C错误．D、除重力做功之外的力对物体做功多少，物体的机械能就增加多少，故物块的机械能增加了．故D错误．故选A【点评】本题考查分析功能关系的能力．几对功能关系要理解记牢：重力做功与重力势能变化有关，合力做功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能变化有关．7．（2016•普陀区二模）如图，站在向右作匀加速直线运动的车厢内的人向前推车壁，下列说法正确的是（）A．人对车的作用力仅是手的推力B．车对人的摩擦力大于车对人的推力C．因为人相对车没有动，所以合外力为零D．该人对车做正功【考点】功的计算；牛顿第二定律【分析】对人受力分析，明确人受力情况，则可分析人对车的作用力情况，根据牛顿第二定律可明确合力方向以及合力做功情况．【解答】解：A、对人分析可知，人受重力、车向左的弹力以及地面向右的摩擦力；故人对车有向左的摩擦力和推力；故A错误；B、对人分析由牛顿第二定律可知，人受到的合力向右，故摩擦力大于车对人的推力；故B 正确；C错误；D、由于车对人的合力向右，则可知人对车的合力一定向左，则由功的公式可知，人对车做负功；故D错误；故选：B．【点评】此题涉及到牛顿第二定律的应用和力的作用的相互性，解决此类题目要结合作用力和反作用力考虑，同时注意功的分析和判断方法．8．如图所示，一个铁球从竖直固定在地面上的轻弹簧正上方某处自由下落，在A点接触弹簧后将弹簧压缩，到B点铁球的速度为零，然后被弹回，不计空气阻力，铁球从A下落到B的过程中，下列说法中正确的是（）A．铁球的机械能守恒B．铁球的动能和重力势能之和不断减小C．铁球的动能和弹簧的弹性势能之和不断增大D．铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和先变小后变大【考点】机械能守恒定律【分析】通过机械能守恒条件判断铁球的机械能是否守恒，铁球除了重力做功以外，弹簧的弹力也做功，所以铁球的机械能不守恒，但是铁球和弹簧组成的系统机械能守恒，根据从A 到B的过程中，弹簧弹性势能和铁球重力势能的变化判断铁球的动能和重力势能之和及铁球的动能和弹簧的弹性势能之和的变化，通过合力的变化判断加速度的变化，根据加速度方向与速度方向的关系判断小球的速度变化，从而判断动能的变化，进而判断铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和的变化．【解答】解：A、铁球除了重力做功以外，弹簧的弹力也做功，所以铁球的机械能不守恒，但是铁球和弹簧组成的系统机械能守恒．故A错误；B、铁球和弹簧组成的系统机械能守恒，从A到B的过程中，弹簧被压缩，弹性势能增大，则铁球的动能和重力势能之和减小，故B正确；C、铁球从A到B的过程中，重力势能减小，则铁球的动能和弹簧的弹性势能之和不断增大，故C正确；D、铁球刚接触A的一段时间内，弹簧弹力较小，小于重力，a方向向下，铁球加速，根据mg﹣F=ma，可见随着F变大，a减小，当a减小到零时速度达到最大，之后铁球继续压缩弹簧，弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，铁球做减速运动，F﹣mg=ma，F变大则a变大，即铁球做加速度逐渐增大的减速运动，直到速度减为零时到达最低点，可见在A到B 过程中，速度先增大后减小，则动能先增大后减小，所以铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和先变小后变大，故D正确．故选：BCD【点评】本题主要考查了机械能守恒定律的直接应用，关键是知道在运动过程中，铁球的机械能不守恒，但是铁球和弹簧组成的系统机械能守恒，能抓住下落过程中弹簧弹性势能和铁球重力势能变化求解，难度适中．9．关于能量和能源，以下说法不正确的是（）A．能量耗散说明能量在转化过程中具有方向性B．由于自然界的能量守恒，所以不需要节约能源C．在利用能源的过程中，总能量在数量上并未减少D．人类在不断地开发和利用新能源，所以能量可以被创造【考点】能源的开发和利用【分析】根据能量守恒定律进行分析，明确能量是守恒的，但要注意明确能量耗散具有方向性；能量不能被创造，也不是消失．【解答】解：A、能量耗散说明能量在转化过程中具有方向性；故A正确；B、自然界的能量守恒，但能直接应用的能源使用后品质降低，不能直接应用；故B错误；C、在利用与节约能源的过程中，能量在数量并没有减少．故C正确；D、人类在不断地开发和利用新能源，但能量不能被创造，也不会消失．故D错误；本题选错误的；故选：BD．【点评】本题考可能量守恒定律以及能源的开发和利用；要注意明确能量不会创造也不会消失，是守恒的，但能源是有限的，且能量耗散具有方向性的10．关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法中错误的是（）A．半径越大，周期越小B．半径越大，周期越大C．所有卫星的周期都相同，与半径无关D．所有卫星的周期都不同，与半径无关【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】速圆周运动的人造地球卫星受到的万有引力提供向心力，用周期表示向心力，得到周期的表达式，根据公式讨论选择项．【解答】解：匀速圆周运动的人造地球卫星受到的万有引力提供向心力，即=，因此，周期为：T=2π∵G、M一定，∴卫星的周期与半径有关，半径越大，周期越大，因此，选项B正确，选项A、C、D错误．本题选错误的故选ACD．【点评】解答本题要根据人造地球卫星受到的万有引力提供向心力来找准卫星的周期的决定因素，由控制变量法讨论选择．11．人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，喷火后在新的轨道上仍能做匀速圆周运动，则（）A．a减小，T增大，r减小 B．a减小，T减小，r减小C．a减小，T增大，r增大 D．a增大，T减小，r增大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，线速度变大，做离心运动，稳定后做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力列式求解即可．【解答】解：人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，线速度变大，做离心运动，半径变大，稳定后做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力得：解得：a=，T=，r变大，则a变小，T变小，故C正确．故选：C【点评】本题主要考查了万有引力提供向心力公式的直接应用，注意火箭沿线速度反向喷火时，线速度增大，卫星做离心运动，难度适中．12．（2016•潍坊一模）火星和金星都绕太阳做匀速圆周运动，火星绕太阳的公转周期是金星绕太阳公转周期的3倍，则火星和金星绕太阳转动的向心加速度之比为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用；向心加速度【分析】研究火星和金星绕太阳公转，根据万有引力提供向心力，列出等式再去进行比较半径，再依据向心加速度表达式，联立即可求解．【解答】解：研究火星和金星绕太阳公转，根据万有引力提供向心力得出：=m得：T=2π，M为太阳的质量，R为轨道半径，火星绕太阳的公转周期约是金星绕太阳公转周期的3倍，所以火星轨道半径与金星轨道半径之比约为：1，根据向心加速度公式a n=，则有火星和金星绕太阳转动的向心加速度之比为，故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用；万有引力充当向心力和黄金代换是解决此类问题的法宝，难度不大．13．“北斗卫星导航系统”是由多颗卫星组成的，有5颗是地球同步卫星．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，如图所示，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于第一宇宙速度B．卫星在在轨道Ⅰ上Q点经过点火减速进入轨道Ⅱ上运行C．在轨道Ⅰ上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度D．在轨道Ⅱ上的运行周期小于在轨道Ⅰ上的运行周期【考点】万有引力定律及其应用【分析】A、了解同步卫星的特点和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义．B、变轨过程可以结合离心运动和向心运动的知识解答；C、结合功能关系分析；D、根据开普勒第三定律分析．【解答】解：A、第一宇宙速度是在地面附近发射人造卫星的速度的最小值，由于轨道是椭圆，故该卫星的发射速度必定大于第一宇宙速度，故A正确；B、卫星在在轨道Ⅰ上Q点经过点火加速进入轨道Ⅱ上运行，否则会做向心运动，故B错误；C、在轨道Ⅰ上，由P点向Q点运动，万有引力做负功，动能减小，所以P点的速度大于Q 点的速度．故C正确；D、根据开普勒第三定律得：=k，所以该卫星在轨道Ⅰ上的运行周期小于在轨道Ⅱ上的运行周期，故D错误；故选：AC【点评】本题关键应知道第一宇宙速度是最大的运行速度．卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定：1、当万有引力刚好提供卫星所需向心力时卫星正好可以做匀速圆周运动；2、若是供大于需，则卫星做逐渐靠近圆心的运动；3、若是供小于需，则卫星做逐渐远离圆心的运动．二、实验题14．（6分）如图所示是某物体做平抛运动实验后在白纸上描出的轨迹和所测数据，图中0点为物体的抛出点，根据图中数据可知：物体做平抛运动的初速度v0= 1.60m/s（g取10m/s2，计算结果保留三位有效数字）；物体从P点运动到Q点经历的时间t=0.1s．【考点】研究平抛物体的运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度求出运动的时间，通过水平位移和时间求出平抛运动的初速度．【解答】解：当h=20.0cm时，根据h=得，t=则初速度v0=1.60m/s当h=45.0cm时，同理解得t=0.3s，从P点运动到Q点经历的时间t′=0.3﹣0.2=0.1s故答案为：1.60，0.1．【点评】对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．15．（12分）如图1所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置：所用电源的频率为50Hz．某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测得各计数点到O的距离（单位：cm）如图2所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A、B、C是连续打下的三个点．（1）关于这一实验，下列说法中正确的是DA．打点计时器应接直流电源B．应先释放纸带，后接通电源打点C．需使用秒表测出重物下落的时间D．释放重物前，重物应靠近打点计时器（2）若重锤质量为1kg，重力加速度取9.8m/s2．打点计时器打出B点时，重锤下落的速度v B=0.98m/s，重锤的动能E kB=0.48J．从开始下落算起，打点计时器打B点时，重锤的重力势能减小量为0.49J（结果保留两位有效数字）．通过计算，数值上△E p＞△E k（填“＞”“=”或“＜”），这是因为有纸带摩擦和空气阻力．【考点】验证机械能守恒定律。
2015—2016学年度上学期期末考试高二年级物理科试卷参考答案及评分标准
2015—2016学年度上学期期末考试高二年级物理科试卷参考答案及评分标准二、填空题13．(1)交流电 (2)软磁性材料 14．(1)向左偏 (2)穿过闭合回路的磁通量变化时会产生感应电流，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量变化 15．①如右图所示②4.5 1.0 ③0 三、解答题 16．解：估算流过电阻丝的电流为I ＝E R ＋r ＝430＋10A ＝100 mA ，远远大于电容器上的充放电电流．(2分) 当P 移动Δx 时，电容器上电压的变化为ΔU ，ΔU ＝I ΔR 其充放电电流I C ＝ΔQ t ＝C ·ΔU t ＝CER (R ＋r )·L ·又v ＝Δxt ，所以v ＝I C (R ＋r )L CER＝0.1 m/s(2分)又因为I C 由N 流向M ，电容器放电，P 右移，物体移动方向向右．(1分)17．解：(1)金属棒先做加速度减小的加速运动，最后以v t ＝7 m/s 的速度(由图象乙中数据可知)匀速下落．由功率定义得重力对金属棒ab 做功的功率P G ＝mgv t ＝0.01×10×7 W ＝0.7 W ．(3分) (2)在0～1.5 s 内回路中产生的总热量为Q ，根据能量守恒有mgh ＝Q ＋12mv 2t 解得Q ＝0.455 J电阻R 上产生的热量Q R ＝RR ＋rQ ＝0.26 J ．(5分)(3)当金属棒匀速下落时，有mg ＝BIL 金属棒产生的感应电动势E ＝BLv t 则电路中的电流I 为 I ＝BLv tR ＋r 代入数据解得B ＝0.1 T ．(4分)18．解：(1)因小球在复合场中做匀速圆周运动，故有qE ＝mg 代入数据解得：E ＝10 N/C 场强方向竖直向下．(3分)(3)因为粒子的速度方向与半径方向垂直，所以圆心必在AC 所在的竖直线上． 小球与AC 碰撞1次，有：(3R －h )2＋L 2＝R 2 解得：R 1＝3 m ，R 2＝3.75 m (4分) 小球与AC 碰撞2次，无解．(1分)图中①的运动时间大于②运动的54T ． sin α＝L R 2＝33.75＝。
陕西省渭南市临渭区2015-2016学年高二(下)期末物理试卷(解析版)
2015-2016学年陕西省渭南市临渭区高二（下）期末物理试卷一、选择题(本题共15小题，每小题4分，共60分，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是完全正确的，全部选对的得4分，选对得不全的得2分，有错选或不选的得0分，其中12、13、14、15为多选题)1．人类发现电和磁的关系，经历了漫长的岁月．1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导线下小磁针的偏转现象从而发现了电流的磁效应．1831年，英国物理学家法拉第发现磁铁穿过闭合线圈时，线圈中有电流产生从而发现了电磁感应现象，下列相关说法正确的是（）A．给小磁针上方的导线通电，小磁针就会发生偏转B．导线下方小磁针偏转的角度大小只与电流的强弱有关C．线圈中感应电流的强弱与磁铁穿过线圈的速度大小有关D．线圈横截面积越大磁铁穿过时产生的感应电流越强2．从下列哪一组数据可以算出阿伏伽德罗常数（）A．水的密度和水的摩尔质量B．水的摩尔质量和水分子的体积C．水分子的体积和水分子的质量D．水分子的质量和水的摩尔质量3．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小4．北半球地磁场的竖直分量向下．如图所示，在北京某中学实验室的水平桌面上，放置边长为L的正方形闭合导体线圈abcd，线圈的ab边沿南北方向，ad边沿东西方向．下列说法中正确的是（）A．若使线圈向北平动，则a点的电势比b点的电势低B．若使线圈向北平动，则a点的电势比b点的电势高C．若以ab为轴将线圈向上翻转，则线圈中感应电流方向为a→b→c→d→aD．若以ab为轴将线圈向上翻转，则线圈中感应电流方向为a→d→c→b→a5．如图为一定质量理想气体的压强p与体积V的关系图象，它由状态A经过等容过程到状态B，再经过等压过程到状态C．设A、B、C状态对应的温度分别为T A、T B、T C，则下列关系式中正确的是（）A．T A＜T B，T B＜T C B．T A＞T B，T B=T C C．T A＞T B，T B＜T C D．T A=T B，T B＞T C6．对下列物理现象进行解释，其中正确的是（ ）A ．墨水滴入水中出现扩散现象，这是分子无规则运动的结果B ．“破镜不能重圆”，是因为接触部分的分子间斥力大于引力C ．纤细小虫能停在平静的液面上，是由于其受到浮力作用的结果D ．用热针尖接触金属表面的石蜡，熔解区域呈圆形，这是晶体各向异性的表现7．一定质量的理想气体的状态变化过程如图所示，AB 为一条直线，则气体从状态A 到状态B 的过程中（ ）A ．气体分子平均动能保持不变B ．气体分子平均动能先增大后减小到初始状态C ．整个过程中气体对外不做功D ．气体的密度在不断增大8．如图，匝数为100匝的矩形线圈abcd 处于磁感应强度B=T 的水平匀强磁场中，线圈面积S=0.5m 2，内阻不计．线圈绕垂直于磁场的轴以角速度ω=10πrad/s 匀速转动．线圈通过金属滑环与理想变压器原线圈相连，变压器的副线圈接入一只“12V ，12W ”灯泡，灯泡正常发光，下列说法中正确的是（ ）A ．通过灯泡的交变电流的频率是50HzB ．矩形线圈中产生的电动势的最大值为120VC ．变压器原、副线圈匝数之比为10：1D ．若将灯泡更换为“12V ，24W ”且保证其正常发光，需要增大矩形线圈的转速9．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s ．电阻两端电压的有效值为（ ）A ．12VB ．4VC ．15VD ．8V10．如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，正方形金属框电阻为R ，边长为L ，自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a 进入磁场区域，t 1时刻线框全部进入磁场．规定顺时针方向为感应电流i的正方向．外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，通过导体横截面的电荷量为q，则这些量随时间变化的关系正确的是（）A．B．C．D．11．下列说法中正确的是（）A．在太空站中处于失重状态的水滴呈球形，是由液体表面张力引起的B．用气筒给自行车打气，越打越费劲，是气体分子之间斥力变大C．在压强一定的情况下，晶体熔化过程中分子的平均动能增加D．当气体温度升高时，每一个分子运动速率都增加12．如图甲所示，一个匝数n=100的圆形导体线圈，面积S1=0.4m2，电阻r=1Ω．在线圈中存在面积S2=0.3m2的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示．有一个R=2Ω的电阻，将其两端a、b分别与图甲中的圆形线圈相连接，b 端接地，则下列说法正确的是（）A．圆形线圈中产生的感应电动势E=4.5VB．在0～4s时间内通过电阻R的电荷量q=8CC．设b端电势为零，则a端的电势φa=3VD．在0～4s时间内电阻R上产生的焦耳热Q=18J13．在如图所示的电路中，理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，四个灯泡完全相同，其额定电压为U，若已知灯泡L3和L4恰能正常工作，那么（）A．L1和L2都能正常工作B．L1和L2都不能正常工作C．交流电源电压为2U D．交流电源电压为4U14．下列说法中正确的是（）A．用打气筒给自行车打气需用力向下压活塞，这说明气体分子间有斥力B．物体体积增大时，分子间距增大，分子间势能也增大C．热量可以从低温物体传递到高温物体D．对物体做功，物体的内能可能减小E．物体中所有分子的热运动动能的总和叫做物体的内能15．下列说法正确的是（）A．一定质量的气体，在体积不变时，分子每秒与器壁平均碰撞次数随着温度降低而减小B．晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大C．空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向D．外界对气体做功时，其内能一定会增大二、填空题（本题共3小题，每空4分，共24分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）16．如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C，由状态A，变化到状态B，气体内能（选填“增加”、“减少”或“不变”），状态由A到B 再到C变化的整个过程在，气体热量（选填“吸收”或“放出”）．17．如图所示，一隔板将绝热容器分成容积相等的两部分，左半部分充有理想气体，右半部分是真空，现抽去隔板，左室气体向右室扩散，最终达到平衡．这个过程叫做绝热自由膨胀．膨胀后，气体的压强（选填“变大”、“变小”或“不变”），温度（选填“变大”、“变小”或“不变”）．18．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，已知一滴溶液中油酸的体积为V，配制的油酸溶液中，纯油酸与溶液体积之比为1：500，1mL溶液含250滴．那么一滴溶液中纯油酸体积为V=cm3；该实验中油膜厚度d与油酸分子直径D的关系是．三、计算题（本题有2小题，共26分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19．如图，一端封闭、粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中．当温度为280K时，被封闭的气柱长L=22cm，两边水银柱高度差h=16cm，大气压强p0=76cm Hg．（1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为多少？（2）封闭气体的温度重新回到280K后为使封闭气柱长度变为20cm，需向开口端注入的水银柱长度为多少？20．如图所示，足够长的光滑金属导轨ab、cd平行放置且与水平面成θ=30°角固定，间距为l=0.5m，电阻可忽略不计．阻值为R0的定值电阻与电阻箱并联接在两金属导轨的上端．整个装置处于磁感应强度大小为B=lT的匀强磁场中，磁场方向与导轨所在平面垂直．现将一质量为m、电阻可以忽略的金属棒MN从图示位置由静止开始释放，金属棒下滑过程中始终与导轨接触良好．改变电阻箱的阻值R，可测得金属棒的最大速度v m，经多次测量得到﹣的关系图象如图乙所示（取g=l0m/s2）．（1）试求出金属棒的质量m和定值电阻R0的阻值；（2）当电阻箱阻值R=2Ω时，金属棒的加速度为a=2.0m/s2，求此时金属棒的速度．2015-2016学年陕西省渭南市临渭区高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共15小题，每小题4分，共60分，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是完全正确的，全部选对的得4分，选对得不全的得2分，有错选或不选的得0分，其中12、13、14、15为多选题)1．人类发现电和磁的关系，经历了漫长的岁月．1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导线下小磁针的偏转现象从而发现了电流的磁效应．1831年，英国物理学家法拉第发现磁铁穿过闭合线圈时，线圈中有电流产生从而发现了电磁感应现象，下列相关说法正确的是（）A．给小磁针上方的导线通电，小磁针就会发生偏转B．导线下方小磁针偏转的角度大小只与电流的强弱有关C．线圈中感应电流的强弱与磁铁穿过线圈的速度大小有关D．线圈横截面积越大磁铁穿过时产生的感应电流越强【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】对于电流的磁效应，根据安培定则进行分析．线圈中产生电磁感应现象时，感应电动势的大小与磁通量变化率成正比，由法拉第电磁感应感应定律和欧姆定律结合进行分析．【解答】解：A、给小磁针上方的导线通电时，若导线位于东西方向，根据安培定则可知，在小磁针处导线产生的磁场方向位于南北方向，与地磁场方向一致时，观察不到小磁针的偏转．故A错误．B、导线下方小磁针偏转的角度大小不仅与电流的强弱有关，还与导线的放置方向有关，故B错误．C、由法拉第电磁感应感应定律可知：感应电动势的大小与磁通量变化率成正比，而磁通量变化率反映了磁通量变化快慢，磁通量变化快慢与磁铁穿过线圈的速度大小有关，所以感应电动势的大小与磁铁穿过线圈的速度大小有关，则感应电流的强弱与磁铁穿过线圈的速度大小有关，故C正确．D、线圈横截面积越大，磁通量变化率不一定越大，感应电动势不一定越大，所以磁铁穿过时产生的感应电流不一定越大，故D错误．故选：C2．从下列哪一组数据可以算出阿伏伽德罗常数（）A．水的密度和水的摩尔质量B．水的摩尔质量和水分子的体积C．水分子的体积和水分子的质量D．水分子的质量和水的摩尔质量【考点】阿伏加德罗常数．【分析】明确阿伏伽德罗常数的含义以及有关阿伏伽德罗常数的运算，是解答本题的关键．【解答】解：知道水的密度和水的摩尔质量可以求出其摩尔体积，不能计算出阿伏伽德罗常数，故A错误；若知道水的摩尔质量和水分子质量或者知道水的摩尔体积以及水分子的体积都能求出阿伏伽德罗常数，故BC错误，D正确．故选D．3．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小【考点】分子势能；分子间的相互作用力．【分析】当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，随着r的增大或者减小分子势能均增大．【解答】解：当r＞r0时，分子力表现为引力，随着分子之间距离的增大，分子力先增大后减小，而分子势能一直增大，故AB错误；当r＜r0时，分子力表现为斥力，随着分子之间距离的减小，分子力增大，分子势能也增大，故C正确，D错误．故选C．4．北半球地磁场的竖直分量向下．如图所示，在北京某中学实验室的水平桌面上，放置边长为L的正方形闭合导体线圈abcd，线圈的ab边沿南北方向，ad边沿东西方向．下列说法中正确的是（）A．若使线圈向北平动，则a点的电势比b点的电势低B．若使线圈向北平动，则a点的电势比b点的电势高C．若以ab为轴将线圈向上翻转，则线圈中感应电流方向为a→b→c→d→aD．若以ab为轴将线圈向上翻转，则线圈中感应电流方向为a→d→c→b→a【考点】楞次定律．【分析】根据楞次定律判断出感应电流的方向，从而判断出电势的高低．【解答】解：A、向北平动时，bc和ad两边切割磁感线，且两边切割磁感线产生的感应电动势大小相同，a、b两点的电势相等．故AB错误．C、若以ab为轴将线圈向上翻转，向下的磁通量减小量，感应电流的磁场方向应该向下，则感应电流的方向为a→b→c→d→a．故C正确，D错误．故选：C．5．如图为一定质量理想气体的压强p与体积V的关系图象，它由状态A经过等容过程到状态B，再经过等压过程到状态C．设A、B、C状态对应的温度分别为T A、T B、T C，则下列关系式中正确的是（）A．T A＜T B，T B＜T C B．T A＞T B，T B=T C C．T A＞T B，T B＜T C D．T A=T B，T B＞T C 【考点】理想气体的状态方程．【分析】由图象求出A、B、C三状态的压强与体积，然后由理想气体的状态方程求出各状态的温度，然后比较温度大小．【解答】解：A与B状态的体积相同，则：，得：，T A＞T B；B与C的压强相同，则：得：，T B＜T C．所以选项C正确．故选：C6．对下列物理现象进行解释，其中正确的是（）A．墨水滴入水中出现扩散现象，这是分子无规则运动的结果B．“破镜不能重圆”，是因为接触部分的分子间斥力大于引力C．纤细小虫能停在平静的液面上，是由于其受到浮力作用的结果D．用热针尖接触金属表面的石蜡，熔解区域呈圆形，这是晶体各向异性的表现【考点】分子间的相互作用力；布朗运动；* 晶体和非晶体．【分析】扩散现象，这是分子无规则运动的结果；分子之间是存在作用力，但是分子间距离超过分子直径10倍时，分子间作用力几乎不存在了；水面的张力，能使小虫能停在其上面；非晶体各向同性，单晶体各向异性，而多晶体各向同性．【解答】解：A、墨水滴入水中出现扩散现象，这是分子无规则运动的结果，故A正确；B、“破镜不能重圆”．这是因为镜破处分子间的距离太大了，超过分子直径10倍，分子间作用力几乎不存在了，故B错误；C、纤细小虫能停在平静的液面上，是由于受到张力的作用，而不是浮力，故C错误；D、热针尖接触金属表面的石蜡，熔解区域呈圆形，这是非晶体各向同性的表现．故D错误．故选：A7．一定质量的理想气体的状态变化过程如图所示，AB为一条直线，则气体从状态A到状态B的过程中（）A．气体分子平均动能保持不变B．气体分子平均动能先增大后减小到初始状态C．整个过程中气体对外不做功D．气体的密度在不断增大【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强．【分析】根据气体状态方程=C和已知P、V变化量去判断T的变化，温度是分子平均动能的标志；对于一定质量的理想气体，温度升高，那么气体的内能增加．根据热力学第一定律判断气体吸热还是放热．【解答】解：A、pV=CT，C不变，pV越大，T越高．状态在（2，2）处温度最高．在A和B状态，pV乘积相等，所以温度先升高，后又减小到初始温度，则气体分子平均动能先增大后减小到初始状态．故A错误B正确．C、气体膨胀，则气体对外界做功，故C错误．D、气体的体积在不断增大，质量一定，所以气体的密度在不断减小．故D错误．故选：B．8．如图，匝数为100匝的矩形线圈abcd处于磁感应强度B=T的水平匀强磁场中，线圈面积S=0.5m2，内阻不计．线圈绕垂直于磁场的轴以角速度ω=10πrad/s匀速转动．线圈通过金属滑环与理想变压器原线圈相连，变压器的副线圈接入一只“12V，12W”灯泡，灯泡正常发光，下列说法中正确的是（）A．通过灯泡的交变电流的频率是50HzB．矩形线圈中产生的电动势的最大值为120VC．变压器原、副线圈匝数之比为10：1D．若将灯泡更换为“12V，24W”且保证其正常发光，需要增大矩形线圈的转速【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论【解答】解：A、交流电的频率为=π=5Hz，A错误；B、矩形闭合导线框ABCD在磁场中转动，产生的交流电压的最大值为E m=nBsω=100×=×0.5×10π=120V，所以交流电的有效值为120V，所以变压器原、副线圈匝数之比为120：12=10：1，故C正确，B错误．D、由于灯泡的额定电压不变，所以不需要改变交流电的转速，所以D错误．故选C．9．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12V B．4V C．15V D．8V【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】已知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，根据焦耳定律即可得一个周期内交变电流产生的热量．【解答】解：由有效值的定义可得I12Rt1+I22Rt2=T，代入数据得（0.1）2R×0.8+（0.2）2×R×0.2=×1，解得U=4V故选：B．10．如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，正方形金属框电阻为R，边长为L，自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域，t1时刻线框全部进入磁场．规定顺时针方向为感应电流i的正方向．外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，通过导体横截面的电荷量为q，则这些量随时间变化的关系正确的是（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】由线框进入磁场中切割磁感线，根据运动学公式可知速度与时间关系；由法拉第电磁感应定律E=BLv，可得出产生感应电动势与速度关系，由闭合电路欧姆定律来确定感应电流的大小，并由安培力公式可确定其大小与时间的关系；由牛顿第二定律来确定合力与时间的关系；最后电量、功率的表达式来分别得出各自与时间的关系．【解答】解：A、线框做匀加速运动，其速度v=at，感应电动势E=BLv，感应电流i==，i与t成正比，故A错误．B、线框进入磁场过程中受到的安培力F B=BiL=，由牛顿第二定律得：F﹣F B=ma，得F=ma+，F﹣t图象是不过原点的倾斜直线，故B错误．C、线框的电功率P=i2R=∝t2，故C正确．D、线框的位移x=at2，电荷量q=△t=△t===∝t2，q﹣t图象应是抛物线．故D错误；故选：C．11．下列说法中正确的是（）A．在太空站中处于失重状态的水滴呈球形，是由液体表面张力引起的B．用气筒给自行车打气，越打越费劲，是气体分子之间斥力变大C．在压强一定的情况下，晶体熔化过程中分子的平均动能增加D．当气体温度升高时，每一个分子运动速率都增加【考点】* 液体的表面张力现象和毛细现象；分子间的相互作用力；温度是分子平均动能的标志．【分析】太空站中水滴呈球形是因为液体表面张力引起的；用气筒给自行车打气时，由于气体分子产生的压强而使我们越打越费劲；晶体有一定的熔点；熔化过程中吸收热量，温度保持不变．温度升高时，分子的平均动能增大，但并不是每个分子的速率都增加．【解答】解：A、太空中处于失重状态的水滴由于液体的表面张力的作用而呈球形，故A正确；B、气体分子间距较大，很难达到分子间作用力的范围内，打气时我们克服的是气体压强的作用，故B错误；C、晶体在熔化过程要吸热，但温度不变；故晶体分子的平均动能不变，故C错误；D、气体温度升高时，大部分子分子运动速率都增大，但可能有部分分子速度减小，故D错误．故选：A．12．如图甲所示，一个匝数n=100的圆形导体线圈，面积S1=0.4m2，电阻r=1Ω．在线圈中存在面积S2=0.3m2的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示．有一个R=2Ω的电阻，将其两端a、b分别与图甲中的圆形线圈相连接，b 端接地，则下列说法正确的是（）A．圆形线圈中产生的感应电动势E=4.5VB．在0～4s时间内通过电阻R的电荷量q=8CC．设b端电势为零，则a端的电势φa=3VD．在0～4s时间内电阻R上产生的焦耳热Q=18J【考点】变压器的构造和原理；电磁感应中的能量转化．【分析】由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势；由欧姆定律求出电流，由电流定义式求出电荷量；由楞次定律可以判断出感应电流方向，然后判断电势高低；由焦耳定律可以求出焦耳热．【解答】解：A、线圈产生的电动势：，故A 正确；B、电流=，通过电阻R的电荷量为q=It=1.5×4=6C，故B错误；C、由楞次定律可知，电流沿顺时针方向，b点电势高，a点电势低，，，解得，故C错误；D、0～4s内电阻R上产生的焦耳热为：，故D正确；故选：AD13．在如图所示的电路中，理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，四个灯泡完全相同，其额定电压为U，若已知灯泡L3和L4恰能正常工作，那么（）A．L1和L2都能正常工作B．L1和L2都不能正常工作C．交流电源电压为2U D．交流电源电压为4U【考点】变压器的构造和原理．【分析】设每只灯的额定电流为I，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，由电流关系求出匝数比；由匝数比求电压关系．【解答】解：A、设每只灯的额定电流为I，额定电压为U，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，电流与匝数成反比，所以原副线圈电流之比为1：2，即原线圈的电流为I，L1和L2都能正常工作，A正确B错误；C、副线圈两端电压为U，根据电压与匝数成正比，原线圈两端的电压为2U，所以电源的电压为4U，D正确．故选：AD14．下列说法中正确的是（）A．用打气筒给自行车打气需用力向下压活塞，这说明气体分子间有斥力B．物体体积增大时，分子间距增大，分子间势能也增大C．热量可以从低温物体传递到高温物体D．对物体做功，物体的内能可能减小E．物体中所有分子的热运动动能的总和叫做物体的内能【考点】分子间的相互作用力；物体的内能．【分析】用打气筒给自行车充气，越打越费劲，是由于内外气体的压强差造成的；分子势能随距离增大先减小后增加，再减小；热量不能自发地从低温物体传递到高温物体，在一定的条件下能从低温物体传递到高温物体；改变内能的方式有做功和热传递；物体中所有分子的热运动动能与所有分子势能的总和叫做物体的内能．【解答】解：A、用打气筒给自行车充气，越打越费劲，是由于内外气体的压强差造成的．故A错误；B、分子势能随距离增大先减小后增加，再减小，故两个分子的间距减小，分子间的势能可能减小，故B错误；C、热量可以在一定的条件下从低温物体传递到高温物体，故C正确；D、由△U=W+Q可知系统吸收热量后，若系统对外做功，则内能不一定增加，故D正确．E、物体中所有分子的热运动动能与所有分子势能的总和叫做物体的内能．故E错误．故选：CD．15．下列说法正确的是（）A．一定质量的气体，在体积不变时，分子每秒与器壁平均碰撞次数随着温度降低而减小B．晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大C．空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向D．外界对气体做功时，其内能一定会增大【考点】热力学第二定律．【分析】根据气态方程分析体积不变，温度变化时压强如何变化，即可分析分子每秒与器壁平均碰撞次数如何变化．晶体有固定的熔点．空调既能制热又能制冷，符合热力学第二定律．根据热力学第一定律分析气体内能的变化．【解答】解：A、一定质量的气体，在体积不变，温度降低时，由=c知，气体的压强减小，则分子每秒与器壁平均碰撞次数减小，故A正确．B、晶体有固定熔点，在熔化时吸收热量，温度不变，则分子平均动能不变，故B错误．C、根据热力学第二定律知，热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体．空调既能制热又能制冷，是在外界的影响下，要消耗电能来实现的，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向，故C正确．D、外界对气体做功时，其内能不一定会增大，还与吸放热情况有关，故D错误．故选：AC二、填空题（本题共3小题，每空4分，共24分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）16．如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C，由状态A，变化到状态B，气体内能（选填“增加”、“减少”或“不变”），状态由A到B 再到C变化的整个过程在，气体热量（选填“吸收”或“放出”）．【考点】理想气体的状态方程．。
下学期高二期末考试物理(附答案)(2)
2015年7月高二期末调研测试物理试题2015.07本试卷满分为120分，考试时间100分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必将本人的学校、班级、姓名、考试号填在答题卡的密封线内．2．将每题的答案或解答写在答题卡上，在试卷上答题无效．3．考试结束，只交答题卡．一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意．选对的得3 分，错选或不答的得0 分．1．用遥控器调节空调运行模式的过程，实际上就是传感器把光信号转换为电信号的过程，下列属于这类传感器的是A．走廊照明灯的声控开关B．自动洗衣机中的压力传感装置C．红外报警装置D．电饭煲中控制加热和保温的温控器2．图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其它电阻，则图甲图乙A．t＝0时刻穿过线圈磁通量最大B．每秒钟内电流方向改变50次C．灯泡两端的电压为22VD．0~0.01s时间内通过灯泡的电量为03．如图所示，质量为m的物块在力F作用下静止于倾角为α的斜面上，力F大小相等且<，则物块所受摩擦力最大的是F mgsinα4．如图所示，在远距离输电电路中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电电线的电阻均不变，电表均为理想电表．若发电厂的输出功率减小，则下列说法正确的是A ．电压表V 1示数减小，电流表A 1减小B ．电压表V 2示数增大，电流表A 2减小C ．输电线上损耗功率增大D ．用户总功率与发电厂的输出功率的比值减小 5．在平直公路上行驶的a 车和b 车，其x －t 图像分别为图中直线a 和曲线b ，由图可知A ．b 车先做加速运动再做减速运动B ．在t 1时刻a b 两车的速度大小相同C ．t 1到t 2时间内a 车的位移小于b 车的位移D ．t 1到t 2时间内某时刻两车的速度可能相同二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共16 分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分．6．伽利略为了研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的斜面实验，如图所示．对于这个研究过程，下列说法正确的是A ．斜面实验“放大”了重力的作用效果，便于测量小球运动的路程B ．斜面实验“减小”了重力的作用效果，便于测量小球运动的时间C ．通过对斜面实验的观察与计算，能直接得到自由落体运动的规律D ．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体运动的规律7．在做完“探究力的平行四边形定则”实验后，某同学将其实验操作过程进行了回顾，并在笔记本上记下如下几条体会，你认为正确的是A ．用两只弹簧测力计拉橡皮条时，应使两细绳套间夹角为90°，以便计算合力大小B ．若二力合力的图示F 与用一只弹簧测力计拉时图示F′不完全重合，则在误差允许范围内可以说明“力的平行四边形定则”成立C ．若F 1、F 2方向不变，而大小各增加1N ，则合力的方向也不变，大小也增加1ND ．在用弹簧测力计拉橡皮条时，要使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行8．如图，粗糙的水平地面上有一倾角为θ的斜劈，斜劈上表面光滑，质量为m 的物块在沿斜面向上的恒力F 作用下，以速度v 0匀速下滑，斜劈保持静止，则A ．斜劈受到4个力作用处于平衡状态B ．斜劈受到地面的摩擦力等于零C ．斜劈受到地面的摩擦力方向向左D ．地面对斜劈的支持力等于斜劈与物块的重力之和9．如图所示，理想变压器原线圈上连接着在水平面内的长直平行金属导轨，导轨之间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，金属杆MN 垂直放置在导轨上，且接触良好．移动变压器副线圈上的滑动触头可改变副线圈匝数，副线圈上接有一只理想电压表，线圈L 的直流电阻、导轨和金属杆的电阻都忽略不计．现在让金属杆以速度t Tv v π2sin 0=在导轨上左右来回运动，两灯A 、B 都发光．下列说法中正确的是A ．只增大T ，则灯A 变暗、灯B 变亮 B ．当时间t =T 时，电压表的示数为零C ．只将副线圈上的滑动触头下滑时，两灯均变暗，电压表的示数变小D ．只增大v 0，两灯都变亮三、简答题：本题包括A 、B 、C 三小题，共60分．请选定两题作答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑．如都作答则按A 、B 小题评分． 10．【选做题】A ．(选修模块3-3)(30分)（1）（4分）下列说法正确的是 ▲A ．分子间相互作用力随分子间距离的增大而增大B ．物体温度升高，其分子的平均动能一定增大，内能也一定增大C ．物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体D ．液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力MN（2）（4分）下列关于布朗运动的说法，正确的是 ▲A ．布朗运动是指在显微镜中看到的液体分子的无规则运动B ．花粉颗粒的布朗运动反映了花粉分子在永不停息地做无规则运动C ．悬浮颗粒越大，同一时刻与它碰撞的液体分子越多，布朗运动越不明显D ．当物体温度达到0°C 时，布朗运动就会停止（3）（4分）如图甲所示，一定质量理想气体的状态沿1→2→3→1的顺序作循环变化．若用T V -或V P -图像表示这一循环，乙图中表示可能正确的选项是 ▲（4）（6分）在“油膜法估测分子直径”实验中，选用的油酸酒精溶液浓度为a ，用滴管向量筒内滴加N 滴上述溶液，量筒中的溶液体积增加1mL ．若把一滴这样的油酸酒精溶液滴入足够大的盛水浅盘中，油酸在水面展开稳定后形成的油膜形状如图所示．若每一小方格的边长为L （单位：cm），油膜约占x 个小格．这种估测方法是将形成的油膜视为 ▲油膜，每一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为 ▲ mL ，估测的分子直径为 ▲ cm ．（用题中给的字母和数据表示）（5）（6分）如图所示，粗细均匀的弯曲玻璃管A 、B 两端开口，管内有一段水银柱，管内左侧水银面与管口A 之间气柱长为l A ＝40cm ．现将左管竖直插入水银槽中，稳定后管中左侧的水银面相对玻璃管下降了2cm ，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，已知大气压强p 0＝76cmHg ，则稳定后A端上方气柱的压强为 ▲ cmHg ，气柱的长度为 ▲ cm ，在这个过程中，管内气体 ▲ 热量．（填“吸收”或“放出”）BA甲AB CD（6）（6分））在如图所示的p -T 图像中，一定质量的某种理想气体先后发生以下两种状态变化：第一次变化是从状态A 到状态B ，第二次变化是从状态B 到状态C ，且AC 连线的反向延长线过坐标原点O ，已知气体在A 状态时的体积为V A =3L ，求：① 气体在状态B 时的体积V B 和状态C 时的压强p C ；② 在标准状态下，1mol 理想气体的体积为V =22.4L ，已知阿伏伽德罗常数N A =6×1023个/mol ，试计算该气体的分子数（结果保留两位有效数字）．注：标准状态是指温度 t =0℃，压强 p =1atm=1×105PaB ．(选修模块3-4)(30分)（1）（4分）下列说法中正确的是 ▲A ．全息照相利用了激光方向性好的特点B ．光速不变原理指出光在真空中传播速度的大小在不同惯性参考系中都是相同的C ．变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场D ．声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率小于声源振动的频率（2）（4分）2009年诺贝尔物理学奖授予科学家高锟以及威拉德·博伊尔和乔治·史密斯，3名得主的成就分别是发明光纤电缆和电荷耦合器件(CCD)图像传感器．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法中正确的是 ▲A ．为使水面下的景物拍摄得更清晰，可在照相机镜头前加一偏振片B ．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C ．在光纤内传送图像是利用光的色散现象D ．光学镜头上的增透膜是利用光的折射现象（3）（4分）如图所示，虚线和实线分别为甲、乙两个弹簧振子做简谐运动的图像．已知甲、乙两个振子质量相等，则 ▲A ．甲、乙两振子的振幅分别为2 cm 、1 cmB ．甲、乙两个振子的频率比为1：2C ．前2秒内甲、乙两振子的加速度均为正值D ．第2秒末甲的速度最大，乙的加速度最大（4）（6分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验时，如果已知摆球直径为2.00 cm ，让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图所示，那么单摆摆长l 是 ▲ cm ．如果测定了40次全振动的时间如图中秒表所示，那么，此单摆的摆动周期T 是 ▲ s.则他测得的重力加速度g ＝ ▲ .（用题中所给的字母表示）（5）（6分）一列简谐横波，某时刻的波形如图甲所示，从该时刻开始计时，波上A 质点的振动图像如图乙所示，该列波沿x 轴 ▲ 传播（填“正向”或“负向”）；该列波的波速大小为 ▲ m/s ；若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为 ▲ Hz ．（6）（6分）如图所示，某种透明材料做成的三棱镜，其横截面是边长为a 的等边三角形．现用一束宽度为a 的单色平行光束，以垂直于BC 面的方向正好入射到该三棱镜的AB 及AC 面上，结果所有从AB 、AC 面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC 面．试求：①该材料对此平行光束的折射率；②这些到达BC 面的光线从BC 面折射而出后，如果照射到一块平行于BC 面的屏上形成光斑，则当屏到BC 面的距离d 满足什么条件时，此光斑分为两块?甲CC ．(选修模块3-5)(30分)（1）（4分）下列说法中正确的是 ▲A ．发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子具有复杂的结构B ．卢瑟福提出原子的核式结构模型建立的基础是α粒子的散射实验C ．原子核内的某一核子与其他核子间都有核力作用D ．比结合能大的原子核分解成比结合能小的原子核时要放出能量（2）（4分）如图所示为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n = 4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光，下列说法正确的是 ▲A ．波长最大的光是由n = 4能级跃迁到n = 1能级产生的B ．频率最小的光是由n = 2能级跃迁到n = 1能级产生的C ．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D ．从n = 2能级跃迁到n = 1能级电子动能增加（3）（4分）在做光电效应的实验时，某金属被光照射发生了光电效应，实验测得光电子的最大初动能E k 与入射光的频率υ的关系如图所示，C 、υ0为已知量．由关系图线可得 ▲A ．普朗克常量的数值B ．当入射光的频率增为2倍，电子最大初动能增为2倍C ．该金属的极限频率D ．阴极在单位时间内放出的光电子数（4）（6分）现代考古中可利用C 146的衰变规律测定古生物的年代，C 146衰变时放出 ▲（填粒子符号），并生成新核147N．如图所示为放射性元素C 146的衰变规律的示意图（纵坐标0n n表示的是任意时刻放射性元素的原子数与t =0时的原子数之比），则该放射性元素的半衰期是100年▲ 年．若从某次考古时发掘出来的木材中，检测到所含C 146的比例是正在生长的植物中的80%，则该古物距今约 ▲ 年．（5）（6分）电子俘获是指原子核俘获一个核外轨道电子，使核内一个质子转变为一个中子．一种理论认为地热是镍58（5828Ni ）在地球内部的高温高压环境下发生电子俘获核反应生成钴57（5727Co ）时产生的，则镍58发生电子俘获的核反应方程为 ▲ ；若该核反应中释放出的能量与一个频率为v 的光子能量相等，已知真空中光速和普朗克常量分别为c 和h ，则该核反应放出的核能为 ▲ ，该光子的动量为 ▲ ．（6）（6分）1926年美国波士顿的内科医生卢姆加特等首次应用放射性氡研究人体动、静脉血管床之间的循环时间，被誉为“临床核医学之父”．氡的放射性同位素有27种，其中最常用的是Rn 22286，Rn 22286经过x 次α衰变和y 次β衰变后变成稳定的Pb 06228．①求x 、y 的值；②一个静止的氡核(Rn 22286)放出一个α粒子后变成钋核(Po 21848)，已知钋核的速率v =4 105m/s ，试写出该衰变方程，并求出α粒子的速率．四．计算题：本题共2小题，共29分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 11．（14分）如图所示的A 、B 两个物体，距地面高度为45m ，A 物体在运动过程中阻力不计，做自由落体运动，B 物体在下落过程中受空气阻力作用，其加速度大小为9m/s 2．已知重力加速度g 取10m/s 2， A 、B 两物体均可视为质点．则：（1）若A 、B 两物体同时由静止释放，求当物体A 落地时物体B 离地距离； （2）若要使两物体同时落地，且两物体均由静止开始释放，求物体B 需提前多长时间释放；（3）若将B 物体移到距地面高度18m 处A 的正下方C 点，并由静止释放，且AB 同时释放，为了使 A 在运动过程中与B 相碰，则至少给A 物体多大的竖直向下的初速度？12．（15分）如图所示，一匝数为N=100的矩形线圈，面积S=0.01m2，内阻不计，绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动．设线圈经过的磁场为匀强磁场，磁感应强度B=2T，线圈通过一理想变压器后，接一标有“6V，3W”字样的灯泡L，变压器原线圈的总匝数为n1=200匝，b是原线圈的中心抽头，副线圈的匝数为n2=20匝．当开关S拨到b位置时，小灯泡恰好正常发光，求：（1）此时电路中两电表的读数；（2）线圈转动的角速度ω；（3）若将开关S拨到a位置，并将一个理想二极管D接到MN之间，其他条件不变，则此时线圈提供的功率为多少？（设小灯泡的电阻不随温度发生变化）2015年7月高二期末物理试题参考答案及评分标准一．单项选择题：每小题3分，共15分．1．C 2．A 3．D 4．B 5．D二．多项选择题：每小题4 分，共16 分．全部选对的得4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得0 分．6．BD 7．BD 8．AC 9．ACD三．简答题：10．【选做题】A．(选修模块3-3)(30分)（1）D （4分）（2）C（4分）（3）AD（4分，漏选给2分）（4）单分子（2分）aN（2分）2aNxL（2分）S abOO′D（5） 80cmHg （2分） 38cm （2分） 放出（2分） （6）解析 ① 由题意可知V A = V C =3L （1分）因此A 到C 过程可以等效为等容变化根据CA A Cp p T T =得 p C =2×105Pa （1分） 状态B 到状态C 的过程为等温变化根据B B C C p V p V = 得 V B =1.5L （1分） ② 设气体在标准状态下的体积为V 0根据A A V V T T = 得 V 0=2.73L （1分） 因此气体的分子数为 2207.310A V n N V=⋅=⨯个 （2分）B ．(选修模块3-4)(30分)（1） B （4分） （2）A （4分） （3）AD （4分，漏选给2分）（4）87.32～87.42（2分） 1.88（2分） 224lT π（2分）（5）负向（2分） 0.01m/s （2分） 2.5Hz （2分）（6）解：①由于对称性，我们考虑从AB 面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC 面的，由对称性不难得出，光线进入AB 面时的入射角α、折射角β分别为60º、30º 。
陕西省咸阳市渭南中学高二物理期末试题含解析
陕西省咸阳市渭南中学高二物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，在水平地面下有一条沿东西方向铺设的水平直导线，导线中通有自东向西的稳定、强大的直流电流，现有一闭合的检测线圈（线圈中串有灵敏的检流表，图中未画出），若不考虑地磁场的影响，检测线圈位于水平面内，从距直导线很远处由北向南沿水平地面通过导线的上方并移至距直导线很远处的过程中，俯视检测线圈，其中的感应电流的方向是（）A．先顺时针，后逆时针B．先逆时针，后顺时针C．先逆时针，接着顺时针，然后再变为逆时针D．先顺时针，接着逆时针，然后再变为顺时针参考答案：解：根据右手螺旋定则可确定如图所示的电流周围的磁场方向；当检测线圈水平向南移动时，由于通电导线的磁场作用，导致穿过线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电流，因此有：先向下的磁场在增加，则有感应电流方向逆时针；当移动超过正上方后，向下的磁场在减小，所以感应电流方向为顺时针；当继续向南移动时，向上磁场在减弱，则有感应电流方向逆时针，故C正确，ABD均错误；故选：C．2. 关于电场线和磁感线,下列说法正确的是A、电场线和磁感线都是闭合的曲线B、磁感线是从磁体的N极发出，终止于S极C、电场线和磁感线都不能相交D、电场线和磁感线都是现实中存在的参考答案：C3. 两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B串联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为:( ） A．QA:QB=1:1 B．QA:QB=2:1C．QA:QB=1:2 D．QA:QB=4:1参考答案：B4. 如图所示，虚线a、b和c是某静电场中的三个等势而，它们的电势分别为Ua、Ub和Uc，Ua＞Ub＞Uc.一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知( ).A、粒子从K到L的过程中，电场力做负功B、粒子从L到M的过程中，电场力做负功C、粒子从K到L的过程中，静电势能增加D、粒子从L到M的过程中，动能减少参考答案：5. 如图所示的通电螺线管内部a及管外b、c、d四个位置，磁感强度最大的位置是AA．a处 B．b处 C．c处 D．d处参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 质量为m，长为L的的金属棒ab用两根细绝缘丝悬挂在绝缘架MN下面，整个装置处在竖直方向的匀强磁场中，当金属棒通以由a向b的电流I后，将离开原位置向前偏转角而重新平衡，如图。
15学年下学期高二期末调研物理试题(附答案)
2014—2015学年度高二调研测试物 理 试 题2015.07说明：试卷分选择题和非选择题两部分，满分120分．考试时间100分钟．一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共计18分．每小题只有一个选项符合题意． 1．如图所示，竖直放置的铜盘下半部分置于水平的匀强磁场中，盘面与磁场方向垂直，铜盘安装在水平的铜轴上，有一”金属线框平面与磁场方向平行，缺口处分别通过铜片C 、D 与转动轴、铜盘的边缘接触，构成闭合回路。
则铜盘绕轴匀速转动过程中，下列说法正确的是 A ．电阻R 中没有感应电流B ．电阻R 中的感应电流方向由a 至bC ．穿过闭合回路的磁通量变化率为零D ．穿过闭合回路的磁通量变化率为一非零常量2．如图所示是电吉他的示意图，在吉他上装有线圈，琴弦是磁性 物质。
当弦振动时，线圈中产生的感应电流输送到放大器、喇 叭，把声音播放出来。
下列关于电吉他说法正确的是 A ．工作原理是电流的磁效应 B ．琴弦可以用尼龙材料制成C ．利用光电传感器将力学量转换为电学量D ．线圈中产生的感应电流大小和方向均变化3．如图所示的电路中，A 、B 为两相同灯泡，C 为理想电容器， E 为直流电源，S 为开关。
下列说法中正确的是A ．闭合S 的瞬间，A 、B 均有电流流过，且最终大小相等 B ．闭合S 的瞬间，A 中有电流通过，B 没有电流通过C ．断开S 的瞬间，A 、B 中瞬时电流大小相等D ．断开S 的瞬间，A 中电流反向，B 中仍无电流4．如图所示，匝数为N 、电阻为r 、面积为S 的矩形线圈在匀强磁 场中绕垂直于磁场的轴以角速度ω匀速转动，磁场的磁感应强度大 小为B ，各电表均为理想交流电表。
0t =时刻线圈平面与磁场方向 垂直，则A. 线圈经图示位置时的感应电动势最大B ．线圈中产生的瞬时感应电动势=e t S NB ωωsinR线圈B风叶线圈C ．滑片P 下滑时，电压表的示数不变，电流表的示数变小D ．线圈转过一周的过程中，流过电阻R 的电量为rN +R BS4 5．如图所示为风速测量装置，风叶转动带动永磁铁同 步转动，交流电表的示数值反映风速的大小，则 A ．风速越大，电表的示数越大 B ．电表的测量值是电流的平均值 C ．电表的测量值是电压的最大值D ．风叶转动一周，线圈中电流方向改变一次6．如图所示，半径为r 的圆形区域内有匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁场的磁感 应强度随时间均匀增大，其变化率为tB∆∆=k ；纸面内的平行金属导轨ab 、cd 与磁场边 界相切于O 、O ′点，边长ab =2bc ，导轨两端接有电阻均为R 的两灯泡，构成回路，金属 导轨的电阻忽略不计。
陕西省渭南市澄城县2015-2016学年高二下学期期末物理试卷Word版含解析
2015-2016学年陕西省渭南市澄城县高二（下）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，计48分.在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A．奥斯特发现了电磁感应观象B．库仑最早用实验测得元电荷e的数值C．牛顿通过实验测出了引力常量D．法拉第制作了世界上第一台发电机2．如图所示为飞机起飞时，在同一底片上相隔相等时间多次曝光“拍摄”的照片，可以看出在相等时间间隔内，飞机的位移不断增大，则下列说法中错误的是（）A．由“观察法”可以看出飞机做匀加速直线运动B．若测出相邻两段位移之差都相等，则飞机做匀变速直线运动C．若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，则可以用逐差法计算出飞机的加速度D．若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，可以求出这两段总时间的中间时刻的速度3．如图所示，闭合线圈abcd于垂直纸面向里的匀强磁场中，匀强磁场无限大，线圈平面与纸面平行，下列说法正确的是（）A．线圈在平面内向右匀加速移动时，线圈中有感应电流产生B．线圈以ab边为轴线匀速转动时，线圈中有感应电流产生C．线圈以a点为轴心在纸面内转动时，线圈中有感应电流产生D．线圈以a点为轴心在纸面内转动时，转速越大感应电流越大4．如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：5；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22 W；原线圈电路中接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．U=44 V，I=0.5 A B．U=44 V，I=0.02 AC．U=44 V，I=0.5 A D．U=44V，I=0.02 A5．如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹．带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减小，它运动到b处时的运动方向与受力方向可能的是（）A． B． C．D．6．2016年3月10日，我国科学家宣布利用超强超短激光成功产生了反物质，现将正电子、负电子以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，不计粒子的重力，下列表述正确的是（）A．N为负电子，M为正电子B．N的速率小于M的速率C．洛伦兹力对M做正功、对N做负功D．M的运行时间大于N的运行时间7．在雨雪冰冻天，为清除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰．若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为△P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9△P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）（）A．输电电流为B．输电电流为9I C．输电电压为3U D．输电电压为8．如图所示，一个质量均匀分布的星球，绕其中心轴PQ自转，AB与PQ是互相垂直的直径．星球在A点的重力加速度是P点的90%，星球自转的周期为T，万有引力常量为G，则星球的密度为（）A．B．C．D．9．如图所示，金属棒以用软导线悬挂在磁感应强度为B，方向垂直纸面向外的匀强磁场中，ab通以如图所示的电流I，此时悬线有一定的张力，若要使悬线张力为零，下列做法中有可能实现的是（）A．增大磁感应强度B B．增大ab中的电流IC．改变电流I的方向D．改变磁感应强度B的方向10．如图，两个带电小球A、B分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内．用水平向左的推力F作用于B球，两球在图示位置静止．现将B 球沿斜面向上移动一小段距离，发现A球随之向上移动少许，两球在虚线位置重新平衡．重新平衡后与移动前相比，下列说法正确的是（）A．墙面对A的弹力变小B．斜面对B的弹力不变C．推力F变大D．两球之间的距离变大11．如图所示，R t为热敏电阻（特性未知），其他电阻都是普通的电阻，当环境温度变低时灯泡L的亮度变暗，则（）A．R t的阻值随温度的降低而增大B．R t的阻值随温度的降低而减小C．当环境温度变低时，电路的总电流增大D．当环境温度变低时，电源的效率增大12．如图所示，在磁感应强度B=1.0 T的匀强磁场中，金属杆PQ在外力F作用下在粗糙U形导轨上以速度v=2m/s向右匀速滑动，两导轨间距离L=1.0 m，电阻R=3.0Ω，金属杆PQ的电阻r=1.0Ω，导轨电阻忽略不计，则下列说法正确的是（）A．通过R的感应电流的方向为由d到aB．金属杆PQ两端电压为1.5 VC．金属杆PQ受到的安培力大小为0.5 ND．外力F做功大小等于电路产生的焦耳热二、实验探究题（本大题共2小题，计15分）13．用拉力传感器和速度传感器“探究加速度a与物体所受外力F的关系”，实验装置如图所示，其中带滑轮的长木板始终处于水平位置．实验中用拉力传感器记录小车受到细线的拉力F大小，在长木板上相距为L的A、B两个位置分别安装速度传感器，记录小车到达A、B两位置时的速率为v A、v B．①本题中测得的物理量写出加速度的表达式：a=；②本题中是否需要满足钩码的总质量远小于小车的质量的关系？（填“需要”或“不需要”）；③实验得到的图线可能是图乙中的，因为．14．某同学在“测定金属的电阻率”的实验中，用蜾旋测微器和多用电表测金属丝的直径和电阻，实验过程如下：①用螺旋测微器测量金属丝的直径如图甲所示，则该金属丝的直径为mm．②用多用电表测其电阻R x，将选择开关调到欧姆挡“×100”挡位并调零，测量时发现指针偏转角度过大，这时他应该将选择开关换成欧姆挡的“”挡位（选填“×10“或“×1k”），重新欧姆调零，再次测量金属丝的阻值，其表盘及指针所指位置如图乙所示，则此段金属丝的电阻为Ω．（2 ）某同学用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，正确连接电路后实验得到6组数据，并作出U﹣I图线，如图丙所示，由图线求出该电池的电动势E=V，电阻r=Ω．三、计算题（本大题共2小题，共37分．解答必须写出明确的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，结果必须明确写出数值和单位）15．（9分）有一个L=10m滑台，其中有一段未知长度的粗糙面，其它部分看作光滑．一可视为质点的小物块，以初速度为v0=5m/s的速度从滑台左端沿滑台中心轴线方向滑入，小物块与粗糙面部分的动摩擦因素为μ=0.5，小物块离开滑台后做平抛运动，滑台离地高度h以及水平飞行距离S均为5m（重力加速度g 取10m/s2），求：（1）求未知粗糙面的长度．（2）若测得小物块从进入滑台到落地经历总时间为t=2.5s，则粗糙面左端离滑台最左端的距离．（3）粗糙面放在何处，小物块滑过滑台用时最短，该时间为多大？16．（13分）为了观察正、负电子的碰撞现象，有人设想利用电场、磁场控制正、负电子在云室中运动来实现这一过程．在如图所示的xOy平面内，A、C二小孔距原点的距离均为L，每隔一定的时间源源不断地分别从A孔射入正电子，C孔射入负电子，初速度均为v0，且垂直x轴，正、负电子的质量均为m，电荷量均为e（忽略电子之间的相互作用）．在y轴的左侧区域加一水平向右的匀强电场，在y轴的右侧区域加一垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），要使正、负电子在y轴上的P（0，L）处相碰，求：（1）电场强度E的大小；磁感应强度B的大小及方向；（2）P点相碰的正、负电子的动能之比和射入小孔的时间差△t．四、选做题：从下面两部分中任选一题作答，如果都做，只按第一题计分．[选修3-4]17．一条弹性绳子呈水平状态，M为绳子中点，两端P、Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图所示，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（）A．两列波将同时到达中点MB．两列波波速之比为1：2C．中点M的振动总是加强的D．M点的位移大小在某时刻可能为零E．绳的两端点P、Q开始振动的方向相同18．（10分）如图所示，某透明介质的截面为直角三角形ABC，其中∠A=30°，AC边长为L．一束单色光从AC面上距A为的D点垂直于AC边射入，恰好在AB面发生全反射．一直光速为c，求：（1）该介质的折射率n；（2）该光束从射入介质到第一次穿出所经历的时间．[选修3-5]19．下列说法中正确的是（）A．氢原子光谱的发现揭示了原子具有核式结构B．氢原子从高能级向低能级跃迁时，两个能级的能量差越小，辐射的光子频率越低C．某色光照射在某金属表面上，不能发生光电效应，是由于该金属的极限波长小于色光的波长D．查徳威克发现中子的核反应方程为Be+He→C+nE．铀239（U）经过半个半衰期时原子核的数量减少为原来的一半20．如图所示，AOB是光滑水平轨道，BC是半径为R的光滑的固定圆弧轨道，两轨道恰好相切于B点．质量为M的小木块静止在O点，一个质量为m的子弹以某一初速度水平向右射入小木块内，并留在其中和小木块一起运动，且恰能到达圆弧轨道的最高点C（木块和子弹均可以看成质点）．求：（1）子弹射入木块前的速度；（2）若每当小木块返回到O点或停止在O点时，立即有相同的子弹射入小木块，并留在其中，则当第9颗子弹射入小木块后，小木块沿圆弧轨道能上升的最大高度为多少？2015-2016学年陕西省渭南市澄城县高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，计48分.在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A．奥斯特发现了电磁感应观象B．库仑最早用实验测得元电荷e的数值C．牛顿通过实验测出了引力常量D．法拉第制作了世界上第一台发电机【考点】物理学史．【分析】根据已有的知识，了解物理学史，知道科学家对物理的贡献即可作答．【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象．故A错误．B、库仑提出了库仑定律，美国物理学家密立根利用油滴实验测定出元电荷e的带电量．故B错误．C、牛顿发现万有引力定律，英国人卡文迪许利用扭秤实验测出了引力常量．故C错误．D、法拉第不仅发现了电磁感应现象，而且发明了人类历史上的第一台发电机．故D正确．故选：D．【点评】本题考查了物理学史，学好物理学史不仅是高中物理学习的要求，而且能增加我们对物理的学习兴趣，平时要注意物理学史的积累．2．如图所示为飞机起飞时，在同一底片上相隔相等时间多次曝光“拍摄”的照片，可以看出在相等时间间隔内，飞机的位移不断增大，则下列说法中错误的是（）A．由“观察法”可以看出飞机做匀加速直线运动B．若测出相邻两段位移之差都相等，则飞机做匀变速直线运动C．若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，则可以用逐差法计算出飞机的加速度D．若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，可以求出这两段总时间的中间时刻的速度【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】从图象可知飞机做变速运动，且飞机速度越来越大，但飞机不一定是匀变速直线，需要自己用匀变速公式进行判断．【解答】解：A、匀变速直线运动判别式为△s=at2，题中条件只能得出t相同，无法判断△s是否相同，所以无法判断是否为匀加速直线运动，故A错误；B、根据△s=at2为匀变速直线运动的判别式可知，飞机做匀变速运动，故B正确；C、由于△s已知，而t不知道，无法求出加速度，故C错误；D、由于物体做匀变速运动，根据中间时刻点速度等于该段运动的平均速度可求出两段总时间的中间时刻速度，故D错误；本题选错误的，故选：ACD【点评】本题考察△s=at2公式的应用，做题时需要仔细审题，明确题中给出的哪些是已知条件和未知条件，然后根据匀变速直线运动公式解题．3．如图所示，闭合线圈abcd于垂直纸面向里的匀强磁场中，匀强磁场无限大，线圈平面与纸面平行，下列说法正确的是（）A．线圈在平面内向右匀加速移动时，线圈中有感应电流产生B．线圈以ab边为轴线匀速转动时，线圈中有感应电流产生C．线圈以a点为轴心在纸面内转动时，线圈中有感应电流产生D．线圈以a点为轴心在纸面内转动时，转速越大感应电流越大【考点】感应电流的产生条件．【分析】要使线圈中产生感应电流，则穿过线圈的磁通量要发生变化，回路要闭合．【解答】解：A、线框沿纸面向右作匀加速直线运动，磁通量不变，故无感应电流，故A错误；B、线框以ab为轴转动，磁通量不断变化，有感应电流，故B正确；C、线框以a点为圆心在纸面内转动，无论转速大小，磁通量均不变，故无感应电流，故CD错误；故选：B．【点评】本题考查感应电流产生的条件，穿过线圈的磁通量，可以假想成穿过线圈磁感线的条数，则当条数发生变化时，必有感应电动势出现．而条数的变化可以由线圈的运动确定．4．如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：5；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22 W；原线圈电路中接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．U=44 V，I=0.5 A B．U=44 V，I=0.02 AC．U=44 V，I=0.5 A D．U=44V，I=0.02 A【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】灯泡正常发光说明副线圈的电压为220V，计算电流，根据变压器中电压与匝数成正比，电流与匝数成反比即可求解．【解答】解：灯泡正常发光说明副线圈的电压为220V，电流为=0.1A，根据电压、电流与匝数的关系知，原线圈中电压为=44V，电流为=0.5A，A正确．故选：A【点评】本题考查了变压器的特点；电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．5．如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹．带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减小，它运动到b处时的运动方向与受力方向可能的是（）A． B． C．D．【考点】电场线；电场强度．【分析】据粒子的运动轨迹，判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧，从而判断粒子受到的电场力的方向；电场力做正功粒子的动能增大，电势能减小．【解答】解：粒子的运动轨迹，判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧，从而判断粒子受力的方向向左，因不知电场线的方向，不能判断出粒子的电性；由于运动飞过程中粒子的电势能减小，所以电场力做正功，粒子运动的方向一定是c到a；故选项D正确，选项ABC错误；故选：D【点评】本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧；电场线的疏密表示电场强度的强弱；用电场力做功和能量守恒定律判断动能和电势能的变化．6．2016年3月10日，我国科学家宣布利用超强超短激光成功产生了反物质，现将正电子、负电子以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，不计粒子的重力，下列表述正确的是（）A．N为负电子，M为正电子B．N的速率小于M的速率C．洛伦兹力对M做正功、对N做负功D．M的运行时间大于N的运行时间【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】由左手定则判断出M带正电荷，带负电荷；结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；根据周期的公式可以判断出运动的时间关系．【解答】解：A、由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A错误；B、粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力：evB=m，解得：v=，由图示可知N的轨道半径小于M的轨道半径，则N的速率小于M的速率，故B正确；C、洛伦兹力始终与粒子的速度垂直，洛伦兹力对粒子不做功，故C错误；D、正负电子做圆周运动的周期T=相同，它们在磁场中的运动时间都是半个周期，它们的运动时间相等，故D错误．故选：B．【点评】本题考查了电子在磁场中的运动，知道洛伦兹力提供向心力是解题的前提，应用左手定则、牛顿第二定律与粒子做圆周运动的周期公式可以解题．7．在雨雪冰冻天，为清除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰．若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为△P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9△P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）（）A．输电电流为B．输电电流为9I C．输电电压为3U D．输电电压为【考点】远距离输电；电能的输送．【分析】根据I=，可以求出输电线上的电流；根据P=I2R可以求出输电线上损失的电功率．【解答】解：A、高压线上的热耗功率为：△P=I2R线…①若热耗功率变为9△P，则有：9△P=I′2R线…②由①②得：I′=3I，所以A B错误．C、又输送功率不变，由P=UI=U′I′得U′=U，所以C错误，D正确．故选：D．【点评】本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压．8．如图所示，一个质量均匀分布的星球，绕其中心轴PQ自转，AB与PQ是互相垂直的直径．星球在A点的重力加速度是P点的90%，星球自转的周期为T，万有引力常量为G，则星球的密度为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】两极处的万有引力等于物体的重力，赤道处的重力等于万有引力与物体绕地球自转所需的向心力之差，结合万有引力定律公式列式求解即可．【解答】解：因为两极处的万有引力等于物体的重力，故：G P=由于赤道处的向心力等于万有引力与物体在赤道处的重力之差，故：﹣0.9=m R解得：M=则星球的密度ρ==，故选：D．【点评】本题关键是明确：赤道位置万有引力等于重力和向心力之和，然后结合万有引力定律公式列式求解．9．如图所示，金属棒以用软导线悬挂在磁感应强度为B，方向垂直纸面向外的匀强磁场中，ab通以如图所示的电流I，此时悬线有一定的张力，若要使悬线张力为零，下列做法中有可能实现的是（）A．增大磁感应强度B B．增大ab中的电流IC．改变电流I的方向D．改变磁感应强度B的方向【考点】安培力．【分析】当ab通以如图所示的电流I时，导线所受安培力方向向下，悬线张力不为零，要使悬线张力为零，安培力方向要向上，再根据左手定则判断．【解答】解：A、增大磁感强度B，安培力方向仍向下，悬线张力不为零，故A 错误．B、增大ab中的电流I，根据左手定则安培力方向向下，悬线张力不为零，故B 错误．C、改变电流I的方向，安培力改为向上，当安培力与重力平衡时，悬线张力为零，故C正确．D、改变磁感强度B的方向，安培力改为向上，当安培力与重力平衡时，悬线张力为零，故D正确．故选：CD．【点评】本题考查应用左手定则分析安培力的能力．安培力方向与电流方向、磁场方向有关，当改变其中之一，安培力方向改变．10．如图，两个带电小球A、B分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内．用水平向左的推力F作用于B球，两球在图示位置静止．现将B球沿斜面向上移动一小段距离，发现A球随之向上移动少许，两球在虚线位置重新平衡．重新平衡后与移动前相比，下列说法正确的是（）A．墙面对A的弹力变小B．斜面对B的弹力不变C．推力F变大D．两球之间的距离变大【考点】库仑定律；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用．【分析】利用整体法对AB两球分析可知斜面对B的弹力不变，假设A球不动，利用库仑定律可知库仑力的变化，进而知道小球会上升，致使库仑力与竖直方向的夹角变小，水平分量变小，库仑力变小，两球间的距离变大，注意判断即可．【解答】解：对B选项，利用整体法可知，斜面对B球支持力的竖直分量等于A、B两带电小球的重力之和，斜面倾角不变，斜面对B球支持力不变，故斜面对B 的弹力不变，B选项正确；对D选项，假设A球不动，由于A、B两球间的距离减小，库仑力增大，A球上升，库仑力与竖直方向的夹角变小，而竖直分量不变，故库仑力变小，A、B间的距离变大，故D正确；对A、C选项，因水平分量减小，故A正确，C错误．故选：ABD．【点评】本题考查了与库仑力相结合的物体的平衡问题，利用好整体和隔离法，正确对研究对象进行受力分析是解决此题的关键．11．如图所示，R t为热敏电阻（特性未知），其他电阻都是普通的电阻，当环境温度变低时灯泡L的亮度变暗，则（）A．R t的阻值随温度的降低而增大B．R t的阻值随温度的降低而减小C．当环境温度变低时，电路的总电流增大D．当环境温度变低时，电源的效率增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】热敏电阻是半导体材料制成的，随温度的升高而减小，结合闭合电路的欧姆定律分析电流的变化，电源的效率η=【解答】解：AB、R t为热敏电阻，是由半导体材料制成的，电阻随温度的降低而增大，故A正确，B错误；C、当环境的温度变低时，热敏电阻的阻值增大，根据闭合电路的欧姆定律，电路的总电流减小，故C错误；D、当环境温度降低时，热敏电阻的阻值阻值增大，电路总电流减小，路端电压U=E﹣Ir知，路端电压增大，电源的效率η=，电源的效率增大，故D正确；故选：AD【点评】本题的热敏电阻相当于滑动变动器，当温度变化时，其电阻发生变化．通常电路动态变化问题分析按“部分→整体→部分”思路进行．12．如图所示，在磁感应强度B=1.0 T的匀强磁场中，金属杆PQ在外力F作用下在粗糙U形导轨上以速度v=2m/s向右匀速滑动，两导轨间距离L=1.0 m，电阻R=3.0Ω，金属杆PQ的电阻r=1.0Ω，导轨电阻忽略不计，则下列说法正确的是（）A．通过R的感应电流的方向为由d到aB ．金属杆PQ 两端电压为1.5 VC ．金属杆PQ 受到的安培力大小为0.5 ND ．外力F 做功大小等于电路产生的焦耳热【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【分析】导体PQ 垂直切割磁感线，由右手定则判断感应电流的方向，由E=BLv 求解感应电动势的大小，由串联电路的特点求PQ 间的电压．由公式F=BIL 求PQ 所受的安培力；外力F 克服摩擦力和安培力做功．【解答】解：A 、由右手定则判断知，导体PQ 产生的感应电流方向为Q→P ，通过R 的感应电流的方向为由a 到d ．故A 错误．B 、导体PQ 切割磁感线产生的感应电动势的大小为：E=BLv=1.0×1×2V=2V ．金属杆PQ 两端电压为：U=E=×2V=1.5V ，故B 正确．C 、感应电流为：I==A=0.5A ，安培力 F 安=BIL=1.0×0.5×1N=0.5N ．故C正确．D 、金属杆PQ 在外力F 作用下在粗糙U 型导轨上以速度v 向右匀速滑动，外力F 做功大小等于电路产生的焦耳热和导轨与金属杆之间的摩擦力产生的内能的和．故D 错误．故选：BC【点评】本题是法拉第电磁感应定律、欧姆定律和安培力公式等的综合应用，该题中要明确功与能的关系，知道外力F 克服摩擦力和安培力做功，外力F 做功大小等于电路产生的焦耳热和导轨与金属杆之间的摩擦力产生的内能的和．二、实验探究题（本大题共2小题，计15分）13．用拉力传感器和速度传感器“探究加速度a 与物体所受外力F 的关系”，实验装置如图所示，其中带滑轮的长木板始终处于水平位置．实验中用拉力传感器记录小车受到细线的拉力F 大小，在长木板上相距为L 的A 、B 两个位置分别安装速度传感器，记录小车到达A 、B 两位置时的速率为v A 、v B ．①本题中测得的物理量写出加速度的表达式：a= ； ②本题中是否需要满足钩码的总质量远小于小车的质量的关系？ 不需要 （填。
15学年下学期高二期末考试物理试题(附答案) (1)(2)
夏县中学高二物理试题1、下列有关机械波的说法中正确的是（）A．我们能够听到墙外的声音是声波发生干涉的结果B．超声波的波长比人耳能听到的声波波长大得多C．医院中的“B超”是利用次声波的反射来检查身体有无异常D．根据听到的火车汽笛声的音调变化判断火车的行驶方向是多普勒效应2、弹簧振子做简谐运动时，从振子经过某一位置P开始计时，则（）A．当振子再次与零时刻的速度相同时，经过的时间一定是一个周期B．当振子再次经过P时，经过的时间一定是半周期C．当振子的加速度再次与零时刻的加速度相同时，一定又到达位置PD．一定还有另一个位置跟位置P有相同的位移3、一质点做简谐运动的振动图象如图所示，质点在哪两段时间内的速度与加速度方向相反（）A．0～0.3s和0.6～0.9s B．0.6～0.9s和0.9～1.2sC．0～0.3s和0.9～1.2s D．0.3～0.6s和0.9～1.2s4、弹簧振子在振动过程中，振子经a、b两点的速度相同，若它从a到b历时0.2s,从b再回到a的最短时间为0.4s,则该振子的振动频率为：( ）A.1HzB.2HzC. 1.25HzD.2.5Hz5、图甲为一列简谐横波在t＝15s时的波形图，图乙为这列波中P点的振动图像。
那么该波的传播速度和传播方向是（）A．V＝25cm／s，向左传播B．V＝50cm/s，向左传播C．V＝25cm/s，向右传播D．V＝50cm/s，向右传播6、一简谐波沿x轴的正方向以5m/s的波速在弹性绳上传播，波的振幅为0.4m，在t时刻波形如图所示，从此刻开始再经过0.3s，则（）A．质点Q正处于波峰B．振源的周期为0.3sC．质点Q通过的总路程为1.2mD．质点M正处于波峰7、如图，为由两个振动情况完全相同的振源发出的两列波在空间相遇而叠加所产生的图样，每列波振幅均为A ，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则关于介质中的a 、b 、c 、d 四点，（b 、c 为相邻波峰和波谷的中点）下列说法正确的是( ) A ．a 、c 振幅为2A ，b 、d 始终不动B ．图示时刻d 点位移大小为2A ，b 、c 、d 三点位移为零C ．a 点位移大小始终为2A ，d 点位移始终为零D ．这四个点全部是振动减弱点8、如图所示,S 为上下振动的波源， 振动频率为100Hz ，所产生的横波左右传播， 波速为80m/s ，已知P 、Q 两质点距波源S 的距离为SP=9.8m ，SQ=8.6m 。
陕西省渭南市临渭区2019-2020学年高二下学期期末考试物理试题-解析版
临渭区2019~2020学年度第二学期期末教学质量检测高二物理试题注意事项：1.本试卷共6页，全卷满分110分，答题时间90分钟；2.答卷前，考生须准确填写自己的姓名、准考证号，并认真核准条形码上的姓名、准考证号；3.第Ⅰ卷选择题必须使用2B 铅笔填涂，第Ⅱ卷非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔书写，涂写要工整、清晰；4.考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回.第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，计48分.在每小题给出的四个选项中，第1-9小题只有一项符合题目要求；第10-12小题中有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）1.某小型发电机产生的交流电动势为()50sin 100V e t π=.对此电动势，下表述正确的有（ ）A.周期是0.02sB.频率是100HzC.有效值是25VD.最大值是2.图甲和图乙是演示自感现象的两个电路图，1L 和2L 为电感线圈，1A 、2A 、3A 是三个完全相同的灯泡.实验时，断开开关1S 瞬间，灯1A 突然闪亮，随后逐渐变暗；闭合开关2S ，灯2A 逐渐变亮，而另一个相同的灯3A 立即变亮，最终2A 与3A 的亮度相同.下列判断正确的是（ ）A.图甲的1A 与1L 的电阻值相同B.图甲中，闭合1S ，电路稳定后，1A 中电流大于1L 中电流C.图乙的变阻器R 与2L 的电阻值相同D.图乙，闭合2S 瞬间，2L 中电流与变阻器R 中电流相等3.如图所示，两个相同的轻质铝环套在一根水平光滑绝缘杆上，当一条形磁铁向左运动靠近两环时，两环的运动情况是（ ）A.同时向左运动，间距增大B.同时向左运动，间距减小C.同时向右运动，间距减小D.同时向右运动，间距增大4.如图所示，质量为m 的物体在一个与水平方向成θ角的恒定拉力F 作用下，沿水平面向右匀速运动，则下列关于物体在时间t 内所受力的冲量正确的是（ ）A.拉力F 的冲量大小为cos Ft θB.摩擦力的冲量大小为sin Ft θC.重力的冲量大小为mgtD.物体所受支持力的冲量是mgt5.如图所示，是研究光电效应的电路图，对于某金属用绿光照射时，电流表指针发生偏转.则以下说法正确的是（ ）A.将滑动变阻器滑动片向右移动，电流表的示数一定增大B.如果改用紫光照射该金属时，电流表无示数C.将K 极换成逸出功小的金属板，仍用相同的绿光照射时，电流表的示数一定增大D.将电源的正负极调换，仍用相同的绿光照射时，将滑动变阻器滑动片向右移动一些，电流表的读数可能不为零6.如图所示为氢原子能级示意图.下列有关氢原子跃迁的说法正确的是（ ）A.大量处于4n =激发态的氢原子，跃迁时能辐射出4种频率的光B.氢原子从3n =能级向2n =能级跃迁时，辐射出的光子能量为4.91eVC.用能量为10.3eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到2n =激发态D.用2n =能级跃迁到1n =能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV 的金属铂能发生光电效应7.原子弹和氢弹所涉及的基本核反应方程有：①235190136192038540U+n Sr+Xe+10n →，②23411120H+H He+n →.关于这两个方程，下列说法正确的是（ ）A.方程①属于重核裂变B.方程②属于α衰变C.方程①的核反应是太阳能的源泉D.方程②中的31H 与42He 互为同位素8.如图所示，一端开口一端封闭的长直玻璃管，灌满水银后，开口端向下竖直插入水银槽中，稳定后管内外水银面高度差为h ，水银柱上端真空部分长度为L .现将玻璃管竖直向上提一小段，且开口端仍在水银槽液面下方，则（ ）A.h 变大，L 变大B.h 变小，L 变大C.h 不变，L 变大D.h 变大，L 不变9.如图所示为一体积不变的绝热容器，现打开排气孔的阀门，使容器中充满与外界大气压强相等的理想气体，然后关闭阀门.开始时容器中气体的温度为0300K T =.现通过加热丝（未画出）对封闭气体进行加热，使封闭气体的温度升高到1350K T =，温度升高到1350K T =后保持不变，打开阀门使容器中的气体缓慢漏出，当容器中气体的压强再次与外界大气压强相等时，容器中剩余气体的质量与原来气体质量之比为（ ）A.3:4B.5:6C.6:7D.7:810.关于分子运动论热现象和热学规律，以下说法中正确的有（ ）A.水中的花粉颗粒在不停地做无规则运动，反映了液体分子运动的无规则性B.两分子间距离大于平衡距离时，分子间的距离越小，分子势能越小C.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体D.利用浅层海水和深层海水之间的温度差制造一种热机，将海水的一部分内能转化为机械能是可能的11.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为4:1，原线圈与可变电阻串联后，接入正弦交流电源；副线圈电路中定值电阻的阻值为0R ，负载电阻的阻值011R R =，V 是理想电压表，现将负载电阻的阻值减小为05R R =，保持变压器输入电流不变，此时电压表的读数为5.0V ，则（ ）A.此时原线圈两端电压的最大值约为34VB.此时原线圈两端电压的最大值约为24VC.原线圈两端原来的电压有效值约为68VD.原线圈两端原来的电压有效值约为48V12.如图所示，电阻不计、间距为的光滑平行金属导轨水平放置于磁感应强度为B 、方向竖直向下的匀强磁场中，导轨左端接一定值电阻R .质量为m 、电阻为r 的金属棒MN 置于导轨上，受到垂直于金属棒的水平外力F 的作用由静止开始运动，外力F 与金属棒速度v 的关系是0F F kv =+（0F 、k 是常量），金属棒与导轨始终垂直且接触良好.金属棒中感应电流为，受到的安培力大小为A F ，电阻R 两端的电压为R U ，感应电流的功率为P ，它们随时间t 变化图象可能正确的有（ ）A. B. C. D.第Ⅱ卷（非选择题 共62分）二、实验题（本大题共2小题，计21分）13.如图所示，是“研究电磁感应现象”的实验装置.（1）将实物电路中所缺的导线补充完整.（4分）（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将线圈1L 迅速插入线圈2L 中，灵敏电流计的指针将_______________偏转.（选填“向左”“向右”或“不”）（3分）（3）线圈1L 插入线圈2L 后，将滑动变阻器的滑片迅速向右移动时，灵敏电流计的指针将___________偏转.（选填“向左”“向右”或“不”）（3分）14.如图所示为某同学设计的一种探究动量守恒定律的实验装置图.水平桌面固定一长导轨，一端伸出桌面，另一端装有竖直挡板，轻弹簧的一端固定在竖直挡板上，另一端被入射小球从自然长度位置A 点压缩至B 点，释放小球，小球沿导轨从右端水平抛出，落在水平地面上的记录纸上，重复10次，确定小球的落点位置；再把被碰小球放在导轨的右边缘处，重复上述实验10次，在记录纸上分别确定入射小球和被碰小球的落点位置（从左到右分别记为P 、Q 、R ），测得1OP x =，2OQ x =，3OR x =.（1）关于实验的要点，下列说法正确的是______________.（3分）A.入射小球的质量可以小于被碰小球的质量B.入射小球的半径必须大于被碰小球的半径C.重复实验时，每次都必须将弹簧压缩至B 点D.导轨末端必须保持水平（2）若入射球的质量为1m ，被碰小球的质量为2m ，则该实验需要验证成立的表达式为________________（用所给符号表示）；（4分）（3）除空气阻力影响外，请再说出一条可能的实验误差来源_________________.（4分）三、综合题（本大题共3小题，计41分，解答应写出文字说明、计算过程或演算步骤，只写出结果的不得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（12分）如图所示，足够长的圆柱形汽缸竖直放置，其横截面积为32110m -⨯，汽缸内有质量2kg m =的活塞，活塞与汽缸壁封闭良好，不计摩擦.开始时活塞被销子K 销于如图位置，离缸底12cm ，此时汽缸内密闭气体的压强为31.510Pa ⨯，温度为300K 、外界大气压为51.010Pa ⨯，210m/s g =.（1）现对密闭气体加热，当温度升到400K 时，其压强多大？（2）若在此时拔去销子K ，活塞开始向上运动，当它最后静止在某一位置时，汽缸内气体的温度为360K ，则这时活塞离缸底的距离为多少？16.（14分）如图所示，在水平面上依次放置小物块A 和C 以及曲面劈B ，其中A 与C 的质量相等均为m ，曲面劈B 的质量3M m =，曲面劈B 的曲面下端与水平面相切，且曲面劈B 足够高，各接触面均光滑.现让小物块C 以水平速度0v 向右运动，与A 发生碰撞，碰撞后两个小物块粘在一起滑上曲面劈B .求：（1）碰撞过程中系统损失的机械能；（2）碰后物块A 与C 在曲面劈B 上能够达到的最大高度.17.（15分）如图所示，匀强磁场磁感应强度0.5T B =、匝数为50n =匝的矩形线圈，绕垂直于匀强磁场的转轴OO '匀速转动，每匝线圈长为25cm L =、宽为20cm d =.线圈每分钟转动1500转，在匀速转动过程中，从线圈平面经过图示位置时开始计时.（1）写出感应电动势e 的瞬时值表达式；（2）若每匝线圈本身电阻0.02r =Ω，外接一阻值为13Ω的用电器，使线圈与外电路组成闭合电路，写出感应电流的瞬时值表达式；（3）若从线圈平面垂直于磁感线的位置开始计时，感应电动势e '和感应电流i '的瞬时值表达式如何？临渭区2019~2020学年度第二学期期末教学质量检测高二物理试题参考答案及评分标准一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分）1.A2.C3.B4.C5.D6.D7.A8.C9.C 10.ABD 11.AD 12.BC二、实验题（本题共2小题，计21分）13.（1）（4分）如图所示；（2）（3分）向右（3）（3分）向左14.（1）（3分）C 、D（2）（4分）121123m x m x m x =+（3）（4分）轨道摩擦的影响；确认落点P 、Q 、R 时的误差；1x 、2x 、3x 的测量误差三、综合题（本大题3小题，计41分，解答应写出文字说明、计算过程或演算步骤，只写出结果的不得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（12分）解：（1）气体体积不变，由查理定律得1212p p T T = 即521.510Pa 300K 400Kp ⨯= 解得：52210Pa p =⨯（2）530 1.210Pa mg p Sp =+=⨯，3360K T = 设气体温度为360K 时活塞离缸底的距离为3l ，由理想气体状态方程得331113p V p V T T = 11V l S =，33V l S =解得：318cm l =16.（14分）解：（1）小物块C 与A 发生碰撞粘在一起，由动量守恒定律得02mv mv =，解得012v v =碰撞过程中系统损失的机械能为()22011222E mv m v =-损 解得：2041E mv =损 （2）当AC 上升到最大高速时，ABC 系统的速度相等根据动量守恒定律：()013mv m m v =+ 解得：1014v v = 由能量关系220011112242224mgh m v m v ⎛⎫⎛⎫=⋅-⨯⨯ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，解得：20340v h g = 17.（15分）解：（1）先根据m E nBS ω=求出最大值，再写出电动势和电流的瞬时表达式；根据闭合电路的欧姆定律即可求解电流的瞬时值表达式；根据函数关系作出图象.线圈匝数50n =，磁场的磁感应强度0.5T B =线圈转动的角速度250rad/s f ωππ==线圈的面积20.05m S Ld ==所以62.5V 196V m E nBS ωπ==≈从图示位置计时，有()cos 196cos 50V m e E t t ωπ==（2）若0.02r =Ω，则501r r '==Ω 14R R r '=+=Ω总14A m m E I R ==总则()cos 14cos 50A m i I t t ωπ==（3）若从线圈平面与磁感线垂直的位置开始计时，感应电动势瞬时值为()196sin 50V e t π'=感应电流的瞬时值为()14sin 50V i t π'=陕西省渭南市临渭区2019-2020学年高二下学期期末考试物理试题一、单选题（本大题共9小题，共36.0分）1.某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin(100πt)V，对此电动势，下列表述正确的是()A. 周期是0.02 sB. 频率是100 HzC. 有效值是25 VD. 最大值是50√2 V【答案】A【解析】解：A、周期T=2π100π=0.02s，频率为f=1f=50Hz，故A正确，B错误；C、由表达式知电动势最大值为50V，所以有效值为U=50√2=25√2V，故C错误，D错误；故选：A．由输出端的交变电压瞬时值表达式知电压最大值、角速度，从而计算出有效值、周期和频率．本题考查了对正弦交流电的瞬时值表达式的理解，难度不大．2.图1和图2是教材中演示自感现象的两个电路图，L1和L2为电感线圈。
2023届陕西省渭南市临渭区物理高二第二学期期末达标检测试题含解析
2022-2023学年高二下物理期末模拟试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，三个小球A、B、C的质量均为m，A与B、C间通过铰链用轻杆连接，杆长为L，B、C置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长．现A由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角α由60°变为120°，A、B、C 在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g．则此下降过程中（）A．A、B、C系统机械能不守恒B．A、B、C系统动量守恒C．A、B、C系统，水平方向动量守恒D．在A的动能达到最大前A、B、C系统一直处于超重状态2、某交流电流在一个周期（1s）内的波形如图所示，则该交变电流的有效值为A 125A B．1.5A C145D33、如图，用能量为12.09eV的光子照射一群处于基态的氢原子，则氢原子A ．不能跃迁到其他能级B ．只能跃迁到n=3的能级C ．跃迁后只能辐射一种频率的光子D ．跃迁后不能再辐射出能量为12.09eV 的光子4、关于光电效应，下列说法正确的是A ．只要入射光的强度足够强，就可以使金属发生光电效应B ．要使某金属发生光电效应，入射光子的能量必须大于金属的逸出功C ．发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光子的频率成正比D ．发生光电效应时，在一定的光照条件下，所加电压越大，饱和光电流越大5、根据有关放射性方面的知识可知，下列说法正确的是（ ）A ．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下一个氡原子核B ．天然放射现象的发现，揭示了原子核是由质子和中子组成的C ．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强D ．放射性元素发生β衰变时所释放的电子来源于核外电子6、一含有光电管的电路如图甲所示，乙图是用a 、b 、c 光照射光电管得到的I —U 图线，1c U 、2c U 表示截止电压，下列说法正确的是（ ）A ．甲图中光电管得到的电压为正向电压B ．a 、c 光的波长相等C ．a 、c 光的光强相等D ．a 、b 光的波长相等二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
陕西省渭南市临渭区高一物理下学期期末试卷(含解析)
2015-2016学年陕西省渭南市临渭区高一（下）期末物理试卷一、选择题（共13小题，每小题4分，满分52分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．速度的大小与方向都在时刻变化B．在某一点的速度方向是在曲线的这一点的切线方向C．物体在恒力作用下不可能作曲线运动D．物体只有在变力作用下才可能做曲线运动2．一艘小船在河中行驶，假设河岸是平直的，河水沿河岸向下游流去．现在使位于河中央的小船用最短时间行驶到岸边，则小船船头指向（即在静水中船的航向）应（）A．与河岸成一定角度，斜向上游B．与河岸成一定角度，斜向下游C．与河岸垂直，指向对岸D．与河岸平行，指向上游3．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的速率将（）A．一直增大 B．一直减小 C．先减小后增大 D．先增大后减小4．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球 D．使两球质量相等5．对于做匀速圆周运动的物体，下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是匀变速运动B．匀速圆周运动的速度不变C．任意相等时间里发生的位移相等D．相等时间里通过的路程相等6．质量为m的物块在竖直向上的外力作用下，由静止开始竖直向上做匀加速运动，加速度为，在物块向上运动位移为h的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的动能增加了B．物块的重力势能增加C．外力做功为D．物块的机械能增加了7．如图，站在向右作匀加速直线运动的车厢内的人向前推车壁，下列说法正确的是（）A．人对车的作用力仅是手的推力B．车对人的摩擦力大于车对人的推力C．因为人相对车没有动，所以合外力为零D．该人对车做正功8．如图所示，一个铁球从竖直固定在地面上的轻弹簧正上方某处自由下落，在A点接触弹簧后将弹簧压缩，到B点铁球的速度为零，然后被弹回，不计空气阻力，铁球从A下落到B 的过程中，下列说法中正确的是（）A．铁球的机械能守恒B．铁球的动能和重力势能之和不断减小C．铁球的动能和弹簧的弹性势能之和不断增大D．铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和先变小后变大9．关于能量和能源，以下说法不正确的是（）A．能量耗散说明能量在转化过程中具有方向性B．由于自然界的能量守恒，所以不需要节约能源C．在利用能源的过程中，总能量在数量上并未减少D．人类在不断地开发和利用新能源，所以能量可以被创造10．关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法中错误的是（）A．半径越大，周期越小B．半径越大，周期越大C．所有卫星的周期都相同，与半径无关D．所有卫星的周期都不同，与半径无关11．人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，喷火后在新的轨道上仍能做匀速圆周运动，则（）A．a减小，T增大，r减小B．a减小，T减小，r减小C．a减小，T增大，r增大D．a增大，T减小，r增大12．火星和金星都绕太阳做匀速圆周运动，火星绕太阳的公转周期是金星绕太阳公转周期的3倍，则火星和金星绕太阳转动的向心加速度之比为（）A．B．C． D．13．“北斗卫星导航系统”是由多颗卫星组成的，有5颗是地球同步卫星．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，如图所示，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于第一宇宙速度B．卫星在在轨道Ⅰ上Q点经过点火减速进入轨道Ⅱ上运行C．在轨道Ⅰ上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度D．在轨道Ⅱ上的运行周期小于在轨道Ⅰ上的运行周期二、实验题14．如图所示是某物体做平抛运动实验后在白纸上描出的轨迹和所测数据，图中0点为物体的抛出点，根据图中数据可知：物体做平抛运动的初速度v0= m/s（g取10m/s2，计算结果保留三位有效数字）；物体从P点运动到Q点经历的时间t= s．15．如图1所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置：所用电源的频率为50Hz．某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测得各计数点到O的距离（单位：cm）如图2所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A、B、C是连续打下的三个点．（1）关于这一实验，下列说法中正确的是A．打点计时器应接直流电源B．应先释放纸带，后接通电源打点C．需使用秒表测出重物下落的时间D．释放重物前，重物应靠近打点计时器（2）若重锤质量为1kg，重力加速度取9.8m/s2．打点计时器打出B点时，重锤下落的速度v B= m/s，重锤的动能E kB= J．从开始下落算起，打点计时器打B点时，重锤的重力势能减小量为J（结果保留两位有效数字）．通过计算，数值上△E p△E k（填“＞”“=”或“＜”），这是因为．三、计算题16．如图所示，竖直放置固定的光滑半圆形轨道与光滑水平面AB相切于B点，半圆形轨道的最高点为C．轻弹簧一端固定在竖直挡板上，另一端有一质量m=0.1kg的小球（小球与弹簧不拴接）．用力将小球向左推，小球将弹簧压缩一定量时，用轻绳固定住，此时弹簧的弹性势能E p=5J，烧断细绳，弹簧将小球弹出．取g=10m/s2．求（1）小球运动至B点时速度v B的大小；（2）若轨道半径R=1.6m，小球通过最高点C后落到水平面上的水平距离x；（3）欲使小球能通过最高点C，则半圆形轨道的最大半径R m．17．探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，飞行试验器飞抵距月球6万千米附近进入月球引力影响区，开始月球近旁转向飞行，最终进入距月球表面h的圆形工作轨道．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，引力常量为G，试求：（1）飞行试验器绕月球运行的周期（2）飞行试验器在工作轨道上的绕行速度（3）月球的平均密度．2015-2016学年陕西省渭南市临渭区高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共13小题，每小题4分，满分52分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．速度的大小与方向都在时刻变化B．在某一点的速度方向是在曲线的这一点的切线方向C．物体在恒力作用下不可能作曲线运动D．物体只有在变力作用下才可能做曲线运动【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动；物体在恒力作用下也可能作曲线运动．【解答】解：A、曲线运动速度的方向不断的变化，但速度的大小可以不变，如匀速圆周运动．故A错误；B、根据曲线运动的特点可知，在某一点的速度方向是在曲线的这一点的切线方向，故B正确；C、D、物体在恒力作用下也可能作曲线运动，如平抛运动只受到恒定的重力的作用．故CD 错误．故选：B2．一艘小船在河中行驶，假设河岸是平直的，河水沿河岸向下游流去．现在使位于河中央的小船用最短时间行驶到岸边，则小船船头指向（即在静水中船的航向）应（）A．与河岸成一定角度，斜向上游B．与河岸成一定角度，斜向下游C．与河岸垂直，指向对岸D．与河岸平行，指向上游【考点】运动的合成和分解．【分析】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速的方向（即船头的指向）与河岸垂直时，渡河的时间最短．【解答】解：当小船的静水速（即船头的指向）与河岸垂直时，垂直于河岸方向上的速度最大，则渡河时间最短．故C正确，A、B、D错误．故选C．3．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的速率将（）A．一直增大 B．一直减小 C．先减小后增大 D．先增大后减小【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动．【分析】质点从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向指向右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°因此恒力先做负功后做正功，动能先减小后增大．【解答】解：因为质点速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C正确．故选C4．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球 D．使两球质量相等【考点】平抛运动．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：由于相遇时A、B做平抛运动的竖直位移h相同，由h=gt2可以判断两球下落时间相同，即应同时抛出两球，故C正确，A、B错误．D、下落时间与球的质量无关，故D错误．故选C．5．对于做匀速圆周运动的物体，下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是匀变速运动B．匀速圆周运动的速度不变C．任意相等时间里发生的位移相等D．相等时间里通过的路程相等【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】将题中的几个物理量分为矢量和标量，矢量方向或者大小的变化都叫矢量变化，标量没有方向，考虑大小就行．【解答】解：矢量变化特征：无论是大小还是方向变了，我们都说这个矢量变了．A、匀速圆周运动的向心加速度的大小不变，方向改变，故匀速圆周运动不是匀变速运动，故A错误；B、线速度的大小不变，方向改变，故线速度变．故B错误；C、位移是矢量，匀速圆周运动任意相等时间里发生的位移大小相等，而方向不一定相同，故C错误；D、做匀速圆周运动的物体的线速度的大小不变，所以相等时间里通过的路程相等，故D正确；故选：D6．质量为m的物块在竖直向上的外力作用下，由静止开始竖直向上做匀加速运动，加速度为，在物块向上运动位移为h的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的动能增加了B．物块的重力势能增加C．外力做功为D．物块的机械能增加了【考点】动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系．【分析】由动能定理研究动能的增量．物体克服重力做功多少，重力势能就增加多少．根据牛顿第二定律求解外力的大小，由功的公式W=Fl求解外力做功；外力做功多少，机械能就增加多少．【解答】解：A、根据动能定理得：物块动能的增量为△E k=F合h=mah=mgh．故A正确B、重力做功为﹣mgh，则物体的重力势能增加mgh．故B错误．C、根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，得F=mg，外力做功为W=Fh=．故C错误．D、除重力做功之外的力对物体做功多少，物体的机械能就增加多少，故物块的机械能增加了．故D错误．故选A7．如图，站在向右作匀加速直线运动的车厢内的人向前推车壁，下列说法正确的是（）A．人对车的作用力仅是手的推力B．车对人的摩擦力大于车对人的推力C．因为人相对车没有动，所以合外力为零D．该人对车做正功【考点】功的计算；牛顿第二定律．【分析】对人受力分析，明确人受力情况，则可分析人对车的作用力情况，根据牛顿第二定律可明确合力方向以及合力做功情况．【解答】解：A、对人分析可知，人受重力、车向左的弹力以及地面向右的摩擦力；故人对车有向左的摩擦力和推力；故A错误；B、对人分析由牛顿第二定律可知，人受到的合力向右，故摩擦力大于车对人的推力；故B 正确；C错误；D、由于车对人的合力向右，则可知人对车的合力一定向左，则由功的公式可知，人对车做负功；故D错误；故选：B．8．如图所示，一个铁球从竖直固定在地面上的轻弹簧正上方某处自由下落，在A点接触弹簧后将弹簧压缩，到B点铁球的速度为零，然后被弹回，不计空气阻力，铁球从A下落到B 的过程中，下列说法中正确的是（）A．铁球的机械能守恒B．铁球的动能和重力势能之和不断减小C．铁球的动能和弹簧的弹性势能之和不断增大D．铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和先变小后变大【考点】机械能守恒定律．【分析】通过机械能守恒条件判断铁球的机械能是否守恒，铁球除了重力做功以外，弹簧的弹力也做功，所以铁球的机械能不守恒，但是铁球和弹簧组成的系统机械能守恒，根据从A 到B的过程中，弹簧弹性势能和铁球重力势能的变化判断铁球的动能和重力势能之和及铁球的动能和弹簧的弹性势能之和的变化，通过合力的变化判断加速度的变化，根据加速度方向与速度方向的关系判断小球的速度变化，从而判断动能的变化，进而判断铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和的变化．【解答】解：A、铁球除了重力做功以外，弹簧的弹力也做功，所以铁球的机械能不守恒，但是铁球和弹簧组成的系统机械能守恒．故A错误；B、铁球和弹簧组成的系统机械能守恒，从A到B的过程中，弹簧被压缩，弹性势能增大，则铁球的动能和重力势能之和减小，故B正确；C、铁球从A到B的过程中，重力势能减小，则铁球的动能和弹簧的弹性势能之和不断增大，故C正确；D、铁球刚接触A的一段时间内，弹簧弹力较小，小于重力，a方向向下，铁球加速，根据mg﹣F=ma，可见随着F变大，a减小，当a减小到零时速度达到最大，之后铁球继续压缩弹簧，弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，铁球做减速运动，F﹣mg=ma，F变大则a变大，即铁球做加速度逐渐增大的减速运动，直到速度减为零时到达最低点，可见在A到B过程中，速度先增大后减小，则动能先增大后减小，所以铁球的重力势能和弹簧的弹性势能之和先变小后变大，故D正确．故选：BCD9．关于能量和能源，以下说法不正确的是（）A．能量耗散说明能量在转化过程中具有方向性B．由于自然界的能量守恒，所以不需要节约能源C．在利用能源的过程中，总能量在数量上并未减少D．人类在不断地开发和利用新能源，所以能量可以被创造【考点】能源的开发和利用．【分析】根据能量守恒定律进行分析，明确能量是守恒的，但要注意明确能量耗散具有方向性；能量不能被创造，也不是消失．【解答】解：A、能量耗散说明能量在转化过程中具有方向性；故A正确；B、自然界的能量守恒，但能直接应用的能源使用后品质降低，不能直接应用；故B错误；C、在利用与节约能源的过程中，能量在数量并没有减少．故C正确；D、人类在不断地开发和利用新能源，但能量不能被创造，也不会消失．故D错误；本题选错误的；故选：BD．10．关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法中错误的是（）A．半径越大，周期越小B．半径越大，周期越大C．所有卫星的周期都相同，与半径无关D．所有卫星的周期都不同，与半径无关【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】速圆周运动的人造地球卫星受到的万有引力提供向心力，用周期表示向心力，得到周期的表达式，根据公式讨论选择项．【解答】解：匀速圆周运动的人造地球卫星受到的万有引力提供向心力，即=，因此，周期为：T=2π∵G、M一定，∴卫星的周期与半径有关，半径越大，周期越大，因此，选项B正确，选项A、C、D错误．本题选错误的故选ACD．11．人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，喷火后在新的轨道上仍能做匀速圆周运动，则（）A．a减小，T增大，r减小B．a减小，T减小，r减小C．a减小，T增大，r增大D．a增大，T减小，r增大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，线速度变大，做离心运动，稳定后做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力列式求解即可．【解答】解：人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度反向喷火，线速度变大，做离心运动，半径变大，稳定后做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力得：解得：a=，T=，r变大，则a变小，T变小，故C正确．故选：C12．火星和金星都绕太阳做匀速圆周运动，火星绕太阳的公转周期是金星绕太阳公转周期的3倍，则火星和金星绕太阳转动的向心加速度之比为（）A．B．C． D．【考点】万有引力定律及其应用；向心加速度．【分析】研究火星和金星绕太阳公转，根据万有引力提供向心力，列出等式再去进行比较半径，再依据向心加速度表达式，联立即可求解．【解答】解：研究火星和金星绕太阳公转，根据万有引力提供向心力得出： =m得：T=2π，M为太阳的质量，R为轨道半径，火星绕太阳的公转周期约是金星绕太阳公转周期的3倍，所以火星轨道半径与金星轨道半径之比约为：1，根据向心加速度公式a n=，则有火星和金星绕太阳转动的向心加速度之比为，故A正确，BCD错误；故选：A．13．“北斗卫星导航系统”是由多颗卫星组成的，有5颗是地球同步卫星．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，如图所示，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于第一宇宙速度B．卫星在在轨道Ⅰ上Q点经过点火减速进入轨道Ⅱ上运行C．在轨道Ⅰ上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度D．在轨道Ⅱ上的运行周期小于在轨道Ⅰ上的运行周期【考点】万有引力定律及其应用．【分析】A、了解同步卫星的特点和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义．B、变轨过程可以结合离心运动和向心运动的知识解答；C、结合功能关系分析；D、根据开普勒第三定律分析．【解答】解：A、第一宇宙速度是在地面附近发射人造卫星的速度的最小值，由于轨道是椭圆，故该卫星的发射速度必定大于第一宇宙速度，故A正确；B、卫星在在轨道Ⅰ上Q点经过点火加速进入轨道Ⅱ上运行，否则会做向心运动，故B错误；C、在轨道Ⅰ上，由P点向Q点运动，万有引力做负功，动能减小，所以P点的速度大于Q 点的速度．故C正确；D、根据开普勒第三定律得： =k，所以该卫星在轨道Ⅰ上的运行周期小于在轨道Ⅱ上的运行周期，故D错误；故选：AC二、实验题14．如图所示是某物体做平抛运动实验后在白纸上描出的轨迹和所测数据，图中0点为物体的抛出点，根据图中数据可知：物体做平抛运动的初速度v0= 1.60 m/s（g取10m/s2，计算结果保留三位有效数字）；物体从P点运动到Q点经历的时间t= 0.1 s．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度求出运动的时间，通过水平位移和时间求出平抛运动的初速度．【解答】解：当h=20.0cm时，根据h=得，t=则初速度v0=1.60m/s当h=45.0cm时，同理解得t=0.3s，从P点运动到Q点经历的时间t′=0.3﹣0.2=0.1s故答案为：1.60，0.1．15．如图1所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置：所用电源的频率为50Hz．某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测得各计数点到O的距离（单位：cm）如图2所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A、B、C是连续打下的三个点．（1）关于这一实验，下列说法中正确的是 DA．打点计时器应接直流电源B．应先释放纸带，后接通电源打点C．需使用秒表测出重物下落的时间D．释放重物前，重物应靠近打点计时器（2）若重锤质量为1kg，重力加速度取9.8m/s2．打点计时器打出B点时，重锤下落的速度v B= 0.98 m/s，重锤的动能E kB= 0.48 J．从开始下落算起，打点计时器打B点时，重锤的重力势能减小量为0.49 J（结果保留两位有效数字）．通过计算，数值上△E p＞△E k（填“＞”“=”或“＜”），这是因为有纸带摩擦和空气阻力．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出重锤的动能，根据下降的高度求出重力势能的减小量．【解答】解：（1）A、打点计时器应接交流电源，故A错误．B、实验时应先接通电源，再释放纸带，故B错误．C、重物下落的时间不需要秒表测量，可以通过打点计时器得出，故C错误．D、释放重物前，重物应靠近打点计时器，故D正确．（2）B点的瞬时速度m/s=0.98m/s，则重锤的动能，重力势能的减小量△E p=mgh=1×9.8×0.0501J≈0.49J，数值上△E p＞△E k，原因是有纸带的摩擦和空气阻力，使得一部分重力势能转化为内能．故答案为：（1）D，（2）0.98，0.48，0.49，＞，有纸带摩擦和空气阻力．三、计算题16．如图所示，竖直放置固定的光滑半圆形轨道与光滑水平面AB相切于B点，半圆形轨道的最高点为C．轻弹簧一端固定在竖直挡板上，另一端有一质量m=0.1kg的小球（小球与弹簧不拴接）．用力将小球向左推，小球将弹簧压缩一定量时，用轻绳固定住，此时弹簧的弹性势能E p=5J，烧断细绳，弹簧将小球弹出．取g=10m/s2．求（1）小球运动至B点时速度v B的大小；（2）若轨道半径R=1.6m，小球通过最高点C后落到水平面上的水平距离x；（3）欲使小球能通过最高点C，则半圆形轨道的最大半径R m．【考点】机械能守恒定律；功能关系．【分析】（1）弹簧释放过程，小球与弹簧组成的系统机械能守恒，即可求出小球获得的初速度，从而得到小球运动至B点时速度v B的大小；（2）小球从B到C的过程，小球的机械能守恒，由此求出小球通过C点的速度．小球离开C点后做平抛运动，根据平抛运动的规律求水平距离x．（3）在C点，由重力和轨道的弹力的合力提供向心力．结合机械能守恒定律求极值．【解答】解：（1）弹簧释放过程，根据能量守恒得E P=①由①式得 v B=10m/s ②（2）小球从B到C的过程，根据机械能守恒定律可得=+mg2R ③根据平抛运动得2R=④x=v C t ⑤由③④⑤联立得x=4.8m ⑥（3）根据牛顿第二定律得mg=⑦根据能量守恒得=+mg•2R m⑧由⑦⑧联立得 R m=2m ⑨答：（1）小球运动至B点时速度v B的大小是10m/s；（2）若轨道半径R=1.6m，小球通过最高点C后落到水平面上的水平距离x是4.8m；（3）欲使小球能通过最高点C，则半圆形轨道的最大半径R m是2m．17．探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，飞行试验器飞抵距月球6万千米附近进入月球引力影响区，开始月球近旁转向飞行，最终进入距月球表面h的圆形工作轨道．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，引力常量为G，试求：（1）飞行试验器绕月球运行的周期（2）飞行试验器在工作轨道上的绕行速度（3）月球的平均密度．【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】（1）对于月球表面的物体，重力等于万有引力，根据万有引力定律列式；对于高度为h的轨道上的飞行器，根据万有引力等于向心力列式；最后联立求解即可；（2）根据线速度的定义列式求解线速度；（3）对于月球表面的物体，重力等于万有引力，据此列式；再根据密度定义公式列式求解月球的平均密度．【解答】解：（1）对于月球表面的物体，重力等于万有引力，故：；对于飞行器：；联立解得：T=2π；（2）飞行试验器在工作轨道上的绕行速度：v==；。
渭南市临渭区2019-2020学年高二下学期期末物理试卷(含答案解析)
渭南市临渭区2019-2020学年高二下学期期末物理试卷一、单选题（本大题共9小题，共36.0分）1.矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，所产生的交变电流如图所示，由此可知()A. 在t1时刻穿过线圈的磁通量达到峰值B. 在t2时刻穿过线圈的磁通量达到峰值C. 在t3时刻穿过线圈的磁通量达到峰值D. 在t4时刻穿过线圈的磁通量的变化率达到峰值2.电磁铁用软铁做铁心，这是因为软铁()A. 很少保留剩磁B. 可被其他磁体吸引C. 能保持磁性D. 能导电3.如图所示，矩形导线框必abcd固定在水平桌面上，通有恒定电流的长直导线MV靠近水平桌面，且平行于ab边，在长直导线匀速从ab平移到cd边的过程中，下列说法正确的是()A. 导线框中有逆时针方向的感应电流B. 导线框中感应电流的方向先顺时针后逆时针C. 导线框所受的安培力的合力方向水平向右D. 导线框所受的安培力的合力方向先水平向右后水平向左4.在水平木板上放一物体，物体与木板间的动摩擦因数为0.2.木板的一端逐渐抬起至竖直的过程中，下列判断中正确的是()A. 物体受到的摩擦力不断增大B. 物体受到的摩擦力先增大，后逐渐减小到零C. 物体受到的摩擦力先增大，后保持不变D. 物体受到的摩擦力不断减小5.下列说法正确的是()A. 原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律B. 射线、射线、射线都是高速运动的带电粒子流C. 氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D. 发生光电效应时光电子的动能只与入射光的强度有关6.己知金属钙的逸出功为2.7eV，氢原子的能级图如图所示，一群氢原子处于量子数为n=4的能级状态，当它们自发地跃迁到较低能级时，则下列说法中正确的是()A. 电子的动能与势能均减小B. 氢原子可能辐射5种频率的光子C. 有3种频率的辐射光子能使钙发生光电效应D. 氢原子辐射的光子中能量最大的是l3.6eV7.下列说法正确的是()A. 爱因斯坦在光的粒子性的基础上，建立了相对论B. 康普顿效应表明光子只具有能量，不具有动量C. 卢瑟福根据a粒子散射实验提出了原子核式结构模型D. β衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的8.如图所示，表示一定质量的气体的状态由A经B到C回到A的图象，其中AB延长线通过坐标原点。
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试卷类型：A 临渭区2015-2016学年度第二学期期末教学质量检测高二物理（选修3 -2和3 -3)试题注意事项：1.本试卷全卷满分100分，答题时间90分钟；2.本试卷共8页，分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷为选择题,用2B铅笔将正确答案涂写在答题卡上；第Ⅱ卷为非选择题，用0.5mm黑色墨水签字笔完成在答题纸上；3.答第I卷前，将姓名、考号、考试科目、试卷类型按要求涂写在答题卡上；4.答第Ⅱ卷前,将答题纸上装订线内的栏目填写清楚。
第I卷（选择题共60分）一、选择题(本题共15小题，每小题4分，共60分。
在每小题给出的四个至少有一项是完全正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的或不选的得0分，其中12、13、14、15为多选题。
）1.人类发现电和磁的关系,经历了漫长的岁月， 1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导线下小磁针的偏转现象从而发现了电流的磁效应．1831年，英国物理学家法拉第发现磁铁穿过闭合线圈时，线圈中有电流产生从而发现了电磁感应现象，下列相关说法正确的是A．给小磁针上方的导线通电，小磁针就会发生偏转B．导线下方小磁针偏转的角度大小只与电流的强弱有关C．线圈中感应电流的强弱与磁铁穿过线圈的速度大小有关D．线圈横截面积越大磁铁穿过时产生的感应电流越强2.根据下列数据可以算出阿伏加德罗常数的是A.水的密度和水的摩尔质量B.水的摩尔质量和水分子的体积C．水分子的直径和水的摩尔体积 D．水分子的质量和水的摩尔质量3.关于分子力和分子势能，下列说法正确的是A. 当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小B. 当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离增大而减小C. 当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离减小而增大D.当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离减小而减小4.北半球地磁场的竖直分布向下，如图所示，在北京某中学实验室的水平桌面上，放置边长为L 的正方形闭合导体线圈abcd ，线圈的ab 边沿南北方向，ad 边沿东西方向,下列说法中正确的是 A ．若使线圈向东平动，则b 点的电势比a 点的电势低 B ．若使线圈向北平动，则a 点的电势比b 点的电势低C ．若以ab 为轴将线圈向上翻转，则线圈中感应电流方向为a →b →c →d →aD ．若以ab 为轴将线圈向上翻转，则线圈中感应电流方向为a →d →c →b →a5.右图为一定质量理想气体的压强p 与体积V 关系图像，它由状态A 经等容过程到状态B ，再经等压过程到状态C ，设A 、B 、C 状态对应的温度分别为T A 、T B 、T C ，则下列关系式中正确的是 A ．TA ＜TB ，TB ＜TC B ．T A ＞T B ，T B =T C C ．T A ＞T B ，T B ＜T C D ．T A =T B ， T B ＞T C6.对下列物理现象进行解释，其中正确的是A. 墨水滴入水中出现扩散现象，这是分子无规则运动的结果B. “破镜不能重圆”，是因为接触部分的分子间斥力大于引力C. 纤细小虫能停在平静的液面上，是由于其受到浮力作用的结果D. 用热针尖接触金属表面的石蜡，熔解区域呈圆形，这是晶体各向异性的表现7.一定质量的理想气体的状态变化过程如图所示，AB 为一条直线，则气体从A 状态到状态B 的过程中 A.气体分子平均动能保持不变B.气体分子平均动能先增大后减小到初始状态C.整个过程中气体对外不做功D.气体的密度在不断增大8.如图所示，匝数为100匝的矩形线圈abcd 位于磁感应强度T B π2526=的水平匀强磁场中，线圈面积S=0.5m 2，内阻不计，线圈绕垂直于磁场的轴以角速度s rad /10πϖ=匀速转动，线圈通过金属滑环与理想变压器原线圈相连，变压器的副线圈接入一只“12V，12W”的灯泡，灯泡正常发光，下列说法中正确的是A ．通过灯泡的交变电流的频率是50 HzB ．变压器原、副线圈匝数之比为10：1C ．矩形线圈中产生的电动势的最大值为120 VD ．若将该灯泡更换为“12 V，24 W”的灯泡且保证其正常发光，需要增大矩形线圈的转速 9.通过一阻值Ω=100R 的电阻的交变电流如图所示,其周期为1s, 则电阻两端电压的有效值为A.12VB.V 104C.15VD. V 5810. 如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，正方形金属线框电阻为R ，边长为L ，自框从左边界进入磁场时开始计时，在外动力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a 进入磁场区域，t 1时刻框全部进入磁场。
规定顺时针方向为感应电流t 的正方向．外动力大小为F ，框中电功率的瞬时值为P ，通过导体横截面的电荷量为q ，其中P-t 图象为抛物线。
则这些量随时间变化的关系是11.下列说法中正确的是A. 太空站中处于失重状态的水滴虽球形状，是由液体表面张力引起的B．用气筒给自行车打气，越打越费劲，是气体分子之间斥力变大C．在压强一定的情况下，晶体熔化过程中分子的平均动能增加D．当气体温度升高时，每一个分子运动速率都增加12.如图甲所示，一个匝数n=100的圆形导体线圈，面积S1=0.4m2，电阻r=1Ω．在线圈中存在面积S2=0.3m2的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示。
有一个R=2Ω的电阻，将其两端a、b分别与图甲中的圆形线圈相连接，b端接地，则下列说法正确的是A．圆形线圈中产生的感应电动势E=4.5VB．在0～4s时间内通过电阻R的电荷量q=8CC．设b端电势为零，则a端的电势φa=3VD．在0～4s时间内电阻R上产生的焦耳热Q=18J13.在如图所示的电路中，理想变压器原副线圈的匝数比为2:1 ，四个灯泡完全相同，其额定电压为 U，若已知灯泡 L3和 L4 恰能正常工作，那么A． L1和 L2都能正常工作B． L1和L2都不能正常工作C．交流电源电压为2UD．交流电源电压为4U14.下列说法中正确的是A.用打气筒给自行车打气需用力向下压活塞，这说明气体分子间有斥力B．物体体积增大时，分子间距增大，分子间势能也增大C．热量可以从低温物体传递到高温物体D．对物体做功，物体的内能可能减小15.下列说法正确的是A.一定质量的气体，在体积不变时，分子每秒与器壁平均碰撞次数随着温度降低而减小B．晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大C．空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向D．外界对气体做功时，其内能一定会增大第II卷（非选择题共50分）二、填空题(本题共3小题,每空4分，共24分,把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）16. 如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再从状态B变化到状态C。
由状态A变化到状态B，气体内能（选填“增加”、“减少”或“不变”），状态由A到B再到C的整个过程中，气体（选填“吸收”或“放出”）热量。
17. 如图所示，一隔板将绝热容器分成容积相等的两部分，左半部分充有理想气体，右半部分是真空。
现抽去隔板，左室气体向右室扩散，最终达到平衡。
这个过程叫做绝热自由膨胀。
膨胀后，气体的压强______ （选填“变大”、“变小”或“不变”），温度______ （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
18.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，已知一滴溶液中油酸的体积为V油酸，配制的油酸溶液中，纯油酸与溶液体积之比为1：500，1mL溶液含250滴．那么一滴溶液中纯油酸体积为V油酸 =______cm 3；该实验中油膜厚度d与油酸分子直径D的关系是______。
三、计算题（本题有2小题，共26分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的盐酸步骤，写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19. (12分）如图，一端射闭、粗细均匀的u形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银用水银将一段气体封闭在管中．当温度为280K时，被封闭的气柱长L=22cm，两边水银柱高度差h=16cm，大气压强p0=76cm Hg．（1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为多少？（2）封闭气体的温度重新回到280K后为使封闭气柱长度变为20cm，需向开口端注入的水银柱长度为多少？20. (14分）如图所示，足够长的光滑金属导轨ab 、cd 平行放置且与水平面成030=θ角固定，间距为L=0.5m ，电阻可忽略不计。
阻值为R 0的定值电阻与电阻箱并联接在两金属导轨的上端。
整个装置处于磁感应强度大小为B=lT 的匀强磁场中，磁场方向与导轨所在平面垂直。
现将一质量为m 、电阻可以忽略的金属棒MN 从图示位置由静止开始释放，金属棒下滑过程中始终与导轨接触良好。
改变电阻箱的阻值R ，可测得金属棒的最大速度 mv ，经多次测量得到的关系图象如图乙所示（取g=l0m/s 2）。
(1)试求出金属棒的质量m 和定值电阻R 0的阻值；(2)当电阻箱阻值R=2Ω时，金属棒的加速度为a=2.0 m/s 2，求此时金属棒的速度。
试卷类型:A2015-2016学年度第二学期期末教学质量检测高二物理（选修3 -2和3 -3)试题参考答案及评分标准第I卷（选择题共60分）一、选择题(本题共15小题，每小题4分，共60分。
在每小题给出的四个至少有一项是完全正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的或不选的得0分，其中12、13、14、15为多选题。
）1 .C 2.D 3.C 4. C 5.C 6.A 7.B 8.B 9. B 10. C11.A 12. AD 13. AD 14.CD 15.AC第Ⅱ卷（非选择题共50分）二、填空题(本题共3小题,每空4分，共24分,把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）16. 增加吸收17.变小不变18. 8×lO-6 d=D三、计算题（本题有2小题，共26分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的盐酸步骤，写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19.(12分）答案：（1）350 K (2)10 cm解析：（1）初态压强 P1 =（76 -16) cmHg =60 cbHg末态时左右水银面高度为（16 - 2 x 3）cm= 10 cm,压强 P2 = (76 -10) cmHg = 66 cmHg。