解析吉林省松原市扶余一中2020┄2021学年高二上学期期中物理试卷
吉林省松原市实验高级中学2021-2022学年高二上学期期中考试物理试卷 Word版含答案
2021-2022学年度上学期高二期中考试物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试用时90分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共计48分。
在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，其中9、10、11、12为多项选择。
全部选对得4分，对而不全得2分。
）1.有一横截面积为S 的铜导线,流经其中的电流为I ;设每单位长度的导线中有n 个自由电子,电子的电荷量为e ,此电子的定向移动速率为v ,在t 时间内,通过导线横截面的自由电子数可表示为( )A.nvt B.nvtsC.ne ItD.es It2.如图所示，两平行金属板竖直放置，板上A 、B 两孔正好水平相对，板间电压500 V 。
一个动能为400 eV 的电子从A 孔沿垂直板方向射入电场中，经过一段时间电子离开电场，若不考虑重力的影响，则电子离开电场时的动能大小为( ) A ．900 eV B ．500 eV C ．400 eVD ．-100 eV3.用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，开关闭合时（ ）A ．由于串联，两只电表的指针偏转角相同B ．由于电压表内阻太大，两只电表的指针都不偏转C ．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角D ．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角4．一个微型吸尘器的直流电动机的线圈电阻为R ,将它接在直流电源上,电动机两端电压为U 时，流过线圈的电流为I ,则( )A.电动机消耗的电功率为R I 2B.电动机消耗的电功率为IUC.电动机的发热功率为R U2D.电动机输出的机械功率为R U25.一个型电路如图所示,电路中的电,,.另有一测试电源,电压为100,内阻忽视不计。
则( )A.当、端相连接时,、之间的等效电阻是30B.当、端相连接时,、之间的等效电阻是40C.当、两端接通测试电源时,、两端的电压为80D.当、两端接通测试电源时,、两端的电压为806.在如图所示的试验装置中，平行板电容器的极板B 与一灵敏的静电计相连，极板A 接地。
2024届吉林省松原市扶余第一中学物理高二上期中监测试题含解析
2024届吉林省松原市扶余第一中学物理高二上期中监测试题 注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，设车厢长为l ，质量为M ，静止在光滑水平面上，车厢内有一质量为m 的物体，以速度v 0向右运动，与车厢壁来回碰撞n 次后，静止于车厢中，这时车厢的速度为（ ）A ．v 0，水平向右B ．0C ．0 mv M m +，水平向右D ．mM mv -0，水平向右 2、如图所示,a 、b 、c 是匀强电场中三个点,各点电势依次为10V 、2V 、8V;三点在同一平面上.下列各图中,电场强度的方向表示可能正确的是( )A ．B ．C ．D ．3、两块平行带电金属板，带正电的极板接地，两板间P 点处固定着一个负电荷（电荷量很小），现让两板保持距离不变而水平错开一段距离，则（ ）A ．P 点场强变小B ．两板间电压变小C ．P 点电势不变，负电荷的电势能不变D ．P 点电势变小，负电荷的电势能变大4、如图所示的电路，闭合开关S，待电路中的电流稳定后，减小R的阻值，则A．电流表的示数一定减小B．电压表的示数一定减小C．电源的输出功率一定减小D．电阻2R消耗的功率一定减小5、把一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射出一颗子弹时，关于枪、弹、车，下列说法正确的是A．枪和弹组成的系统，动量守恒B．枪和车组成的系统，动量守恒C．三者组成的系统，因为枪弹和枪筒之间的摩擦力很小，使系统的动量变化很小，可以忽略不计，故系统动量近似守恒D．三者组成的系统，动量守恒，因为系统只受重力和地面支持力这两个外力作用，这两个外力的合力为零6、电子以初速度v0沿垂直电场强度方向射入两平行金属板中间的匀强电场中，现增大两极板间的电压，但仍能使电子穿过该匀强电场，则电子穿越平行板间的电场所需时间（）A．随电压的增大而减小B．随电压的增大而增大C．与电压的增大无关D．不能判定是否与电压增大有关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2020-2021学年高二物理上学期期中试卷(含解析) (II)
2020-2021学年高二物理上学期期中试卷（含解析） (II)一、选择题1.下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A. 公式只适用于真空中点电荷产生的电场B. 由公式可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比C. 在公式中，是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小；是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小D. 由公式可知，在离点电荷非常靠近的地方（），电场强度可达无穷大【答案】C【解析】试题分析：是电场强度的定义式适用于一切电场，A错误；电场强度E表示电场本身的强度和方向，与试探电荷无关，不能说E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比，B 错误；库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1所在处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小，C正确；D、当r→0时，电荷已不能看成点电荷，公式不再成立，D错误；故选C考点：电场强度。
【名师点睛】电场强度是描述电场的力的性质的物理量，要想知道电场中某点的电场强度，可以在该点放一试探电荷，由来描述该点的强弱，不同的试探电荷，受到的力不同，但是相同的，为了描述电场的这种性质，引入电场强度这个物理量，即为电场强度的定义式；而是点电荷所形成的电场的场强的决定式，是说点电荷所形成的电场的场强决定于场源电荷的电荷量和距点电荷的距离。
2.用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图所示)．设若两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ.实验中，极板所带电荷量不变，若( )A. 保持S不变，增大d，则θ变大B. 保持S不变，增大d，则θ变小C. 保持d不变，减小S，则θ变小D. 保持d不变，减小S，则θ不变【答案】A【解析】AB：保持S不变，增大d，电容器的电容减小，极板所带电荷量不变，据可得两板间电势差变大，静电计指针偏角θ变大。
故A项正确，B项错误。
CD：保持d不变，减小S，电容器的电容减小，极板所带电荷量不变，据可得两板间电势差变大，静电计指针偏角θ变大。
吉林省2020年高二上学期物理期中考试试卷(I)卷(考试)
吉林省2020年高二上学期物理期中考试试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共6题；共12分)1. （2分）如图所示，一根长导线弯成“n”形，通以直流电I，正中间用不计长度的一段绝缘线悬挂一金属环C，环与导线处于同一竖直平面内，在电流I增大的过程中，下列叙述正确的是（）A . 金属环C中无感应电流产生B . 金属环C中有沿顺时针方向的感应电流C . 金属环C仍能保持静止状态D . 悬挂金属环C的竖直线拉力变小2. （2分） (2017高二上·溧水期中) 下列有关运动电荷和通电导线受到磁场对它们的作用力方向判断正确的是（）A .B .C .D .3. （2分） (2017高二下·黄陵期末) 如图，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°．M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN ，φP=φF ，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A . 点电荷Q一定在MP的连线上B . 连接PF的线段一定在同一等势面上C . 将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D . φP小于φM4. （2分） (2019高二上·唐山月考) 把小磁针放在环形电流中央，通以如图所示顺时针方向电流，则小磁针N极指向为（）A . 水平向左B . 水平向右C . 垂直环形电流所在平面向外D . 垂直环形电流所在平面向里5. （2分）在真空中的光滑水平绝缘面上有一带电小滑块。
开始时滑块静止。
若在滑块所在空间加一水平匀强电场E1 ，持续一段时间后立即换成与E1相反方向的匀强电场E2。
当电场E2与电场E1持续时间相同时，滑块恰好回到初始位置，且具有动能Ek。
在上述过程中，E1对滑块的电场力做功为W1 ，电场力大小为F1；E2对滑块的电场力做功为W2 ，电场力大小为F2则（）A . F1＝F2B . 4F1＝F2C . W1＝0.25Ek W2＝0.75EkD . W1＝0.20Ek W2＝0.80Ek6. （2分） (2019高三上·昌平月考) 如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场（未画出）。
高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案 _1
吉林油田高级中学2020—2021学年度第一学期高二期中考试物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。
满分100分，考试时间90分钟。
2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。
选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
4．本卷命题范围：选修3—1第一章~第三章第3节。
一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．关于磁感应强度定义式FBIL=，下列说法正确的是（）A．磁感应强度B随着通电导线所受磁场力F的增大而增大B．磁感应强度B随着IL乘积的减小而增大C．磁感应强度B的方向与通电导体受力的方向相同D．磁感应强度由磁场本身决定，不随F、Ⅰ及L的变化而变化2．一电场的电势ϕ随x的变化规律如图所示，图线关于ϕ轴对称，则（）A．该电场为匀强电场B．A、C间电场方向由C指向AC．一正电荷在A点电势能小于C点电势能D．一负电荷在A点电势能小于C点电势能3．下列说法正确的是（）A．闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方B．电阻率都随温度的升高而增大C．闭合电路中，电流越大，电源的路端电压就越大D．电动势与内、外电路的电阻无关4．下列关于电场线与磁感线的说法正确的是（ ）A ．电场线与磁感线均可反应电场和磁场的强弱和方向，都是实际存在的B ．电场线不能相交，但是磁感线可以相交C ．电场线是不闭合的，但是磁感线是闭合曲线D ．通电螺线管内部磁感线比外部稀疏5．用两个相同的小量程电流表G ，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表1A 、2A ，若1A 量程大于2A ，将1A 、2A 接入如图甲、乙所示的电路中，闭合电键后，下列有关说法正确的是（ ）A ．G 改装成1A 、2A 时要串联电阻，1A 串联的电阻大B ．图甲中1A 、2A 的指针偏角相同C ．G 改装成1A 、2A 时要并联电阻，1A 并联的电阻大D ．图乙中1A 、2A 的指针偏角相同6．如图所示，1R 和2R 是材料相同、厚度不相同、表面为正方形的导体，1R 的厚度比2R 的厚度小，1R 的表面尺寸比2R 的表面尺寸大。
吉林省松原市扶余一中2021-2022学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
2021-2022学年吉林省松原市扶余一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题有16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～10只有一项符合题目要求，第11～16题有多项符合题目要求．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（3分）下列关于元电荷的说法正确的是（）A．元电荷就是电子或质子B．元电荷是最小电荷量C．法国物理学家库仑最早用油滴试验精确地测出了e的数值D．油滴所带的电荷量可能是8.8×10﹣19C2．（3分）两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F ．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A ．B ．C ．D．12F3．（3分）在静电场中下列说法正确的是（）A．场强为零的地方电势也为零B．电势越高的地方，电势能也越大C．电势降低的方向就是场强的方向D．某点的电场场度方向与过该点的等势面肯定垂直4．（3分）关于电场线，下列说法中正确的是（）A．电场线是电场中实际存在的一些曲线B．匀强电场的电场线是一组相互平行等间距的直线C．两条电场线在电场中可以交于一点D．电势降落的方向就是电场线的方向5．（3分）如图所示，画出了某电场中三条电场线，C点是A、B连线的中点，已知A点的电势为φA=30V，B点的电势为φB=﹣10V，则C点的电势（）A．φC=10V B．φC＞10VC．φC＜10V D．上述选项都不正确6．（3分）某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在原子核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么圆周半径越大，电子运动的（）A．加速度越大B．线速度越大C．角速度越大D．周期越大7．（3分）关于电势和电势能的说法正确的是（）A．电荷在电场中电势越高的地方电势能也越大B．电荷在电场中电势越高的地方，电量越大所具有的电势能也越大C．在正点电荷电场中的任意一点处，正电荷具有的电势能肯定大于负电荷具有的电势能D．在负点电荷电场中的任意一点处，正电荷具有的电势能肯定大于负电荷具有的电势能8．（3分）一正点电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布状况可能是图中的（）A ．B ．C ．D ．9．（3分）如图所示，一带正电的粒子以肯定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出．已知板长为L，板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为q，粒子通过平行金属板的时间为t，则（）A ．在前时间内，电场力对粒子做的功为B ．在后时间内，电场力对粒子做的功为qUC ．在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为1：2D ．在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为2：110．（3分）如图所示，有三个电阻，已知R1：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压U1：U2为（）A．1：2 B．1：3 C．1：6 D．1：911．（3分）如图是某电场电场线的分布图，其中a、b是电场中的两点．下列说法中正确的是（）A．a点的场强比b点的场强大B．a点的场强与b点的场强一样大C．同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力大D．同一个点电荷在a点所受的电场力与在b点所受的电场力一样12．（3分）如图所示，空间存在匀强电场，方向竖直向下，从绝缘斜面上的M点沿水平方向抛出一带电小球．最终小球落在斜面上的N点．已知小球的质量为m，初速度大小为v0，斜面倾角为θ，电场强度大小未知．则下列说法正确的是（）A．可以断定小球肯定带正电荷B．可以求出小球落到N点时速度的方向C．可以求出小球到达N点过程中重力和电场力对小球所做的总功D．可以断定，当小球的速度方向与斜面平行时，小球与斜面间的距离最大13．（3分）假如在某电场中将5.0×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做6.0×10﹣3J的功，则（）A．A、B两点间的电势差为是3.0×10﹣10VB．A、B两点间的电势差为是1.2×105VC．若将2.5×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做3.0×10﹣3J的功D．若将2.5×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做3.0×10﹣17J的功14．（3分）关于电容器的概念下列说法中正确的是（）A．两个彼此绝缘又相互靠近的导体就可以看成是一个电容器B．用电源对平板电容器充电后，两板肯定带有等量异种电荷C．电容器两极板的正对面积越大，它的电容就越小D．电容器两极板的距离越大，它的电容就越大15．（3分）关于电动势，下列说法正确的是（）A．在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加B．对于给定的电源，移动正电荷，非静电力做功越多，电动势就越大C．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量做功越多D．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极移送到正极的电荷量越多16．（3分）依据欧姆定律，下列说法中正确的是（）A．从关系式U=IR可知，导体两端的电压U由通过它的电流I和它的电阻R共同打算B．从关系式R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．从关系式I=可知，导体中电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．从关系式R=可知，对一个确定的导体来说，温度不变时，所加的电压跟通过导体的电流的比值是肯定值二．试验填空题：（共52分）17．（14分）测绘小灯泡的伏安特性曲线试验中：（1）试验器材：小灯泡、、电流表、、同学电源（或电池组）、开关、导线、坐标纸、铅笔等．试验电路如图所示．（2）试验操作①按电路图连接好电路，开关闭合前，将滑动变阻器滑片滑至R的端．场强E的大小及A、B两点间的电势差．②闭合开关，向右移动变阻器的滑片到不同位置，并分别登记、的示数．③依据试验数据作出小灯泡的图线．④由于小灯泡的电阻较小，为减小误差，接受电流表．（填内接法或外接法）18．（3分）一灵敏电流计，满刻度电流为I g=500μA ，表头电阻R g=200Ω，若将改装成量程为1.0V的电压表，应再一个Ω的电阻．19．（3分）若加在某导体两端的电压变为原来的时，导体中的电流减小了0.4A．假如所加电压变为原来的2倍．则导体中的电流为．三．计算题：（32分）20．（8分）如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为m=1.0×10﹣2kg．现加一水平方向向左的匀强电场，场强E=3.0×106N/C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为θ=30°，求：小球带何种电荷，电荷量为多大？21．（12分）一束电子流在经U=5000V的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的电场，如图所示，若两极间距d=1.0cm，板长l=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？22．（12分）如图所示，在水平向右的匀强电场中的A点，有一个质量为m、带电荷量为﹣q的油滴以速度v竖直向上运动．已知当油滴经过最高点B时，速度大小也为v．求：2021-2022学年吉林省松原市扶余一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题有16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～10只有一项符合题目要求，第11～16题有多项符合题目要求．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（3分）下列关于元电荷的说法正确的是（）A．元电荷就是电子或质子B．元电荷是最小电荷量C．法国物理学家库仑最早用油滴试验精确地测出了e的数值D．油滴所带的电荷量可能是8.8×10﹣19C【分析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．【解答】解：A、元电荷是指最小的电荷量，不是电荷，不是指质子或者是电子，故A错误；B、元电荷是最小电荷量，故B正确；C、密立根最早用油滴试验精确地测出了e的数值，故C错误；D、任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．油滴所带的电荷量不行能是8.8×10﹣19C，故D错误；故选：B．【点评】本题就是对元电荷概念的考查，知道元电荷的概念即可解决本题．2．（3分）两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F ．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A ．B ．C ．D．12F 【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．依据库仑定律的内容，依据变化量和不变量求出问题．【解答】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带电为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．故选C．【点评】本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．3．（3分）在静电场中下列说法正确的是（）A．场强为零的地方电势也为零B．电势越高的地方，电势能也越大C．电势降低的方向就是场强的方向D．某点的电场场度方向与过该点的等势面肯定垂直【分析】电场强度和电势这两个概念格外抽象，可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的凹凸．正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势低处电势能大；等势面与电场线的方向垂直．【解答】解：A、电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不肯定为零．故C错误；B、从电势高的地方向电势低的地方移动正电荷，是顺着电场线的方向，正电荷受到的电场力的方向也是沿电场线的方向，所以电场力做正功，电势能减小．所以正电荷在电势高处电势能大．同理，负电荷在电势低处电势能大．故B错误．C、沿着电场方向电势降低最快，但是电势降低的方向未必是场强的方向．故C错误；D、等势面是电势相等的点组成的面，在等势面上移动点电荷时电场力不做功，所以等势面与电场线的方向垂直．故D正确．故选：D．【点评】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的凹凸，则电场强度与电势没有直接关系．顺着电场线方向，电势渐渐降低，但场强不肯定减小．4．（3分）关于电场线，下列说法中正确的是（）A．电场线是电场中实际存在的一些曲线B．匀强电场的电场线是一组相互平行等间距的直线C．两条电场线在电场中可以交于一点D．电势降落的方向就是电场线的方向【分析】电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱．【解答】解：A、电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线，它不是真实存在的曲线；故A 错误；B、由于电场线的疏密程度反映电场的强弱，所以匀强电场的电场线疏密程度相同，即是一组相互平行等间距的直线，故B正确；C、电场线的切线方向即为场强的方向，所以两条电场线在电场中不行以交于一点．故C错误；D、据电场线的分布知，沿电场线的方向电势越来越低，但电势降落的方向并不肯定是电场线的方向，应是电势降落最快的方向是电场线的方向，D错误．故选：B．【点评】记住电场线的特点即可顺当解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．5．（3分）如图所示，画出了某电场中三条电场线，C点是A、B连线的中点，已知A点的电势为φA=30V，B点的电势为φB=﹣10V，则C点的电势（）A．φC=10V B．φC＞10VC．φC＜10V D．上述选项都不正确【分析】电场线的疏密表示电场的强弱．由图看出，AC段电场线比BC段电场线密，AC段场强较大，依据公式U=Ed定性分析A、C间与B、C间电势差的大小，再求解中点C的电势φc．【解答】解：由图看出，AC段电场线比BC段电场线密，AC段场强较大，依据公式U=Ed可知，A、C间电势差U AC大于B、C间电势差U BC，即φA﹣φC＞φC﹣φB，得到φC ＜．所以选项C正确．故选：C．【点评】本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小．要留意公式使用的条件是匀强电场．常规题．6．（3分）某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在原子核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么圆周半径越大，电子运动的（）A．加速度越大B．线速度越大C．角速度越大D．周期越大【分析】依据库仑定律求出氢原子核与核外电子的库仑力．依据原子核对电子的库仑力供应向心力，由牛顿其次定律求出角速度，加速度，周期，线速度进行比较．【解答】解：依据原子核对电子的库仑力供应向心力，由牛顿其次定律得k =ma=m=mω2r=m可得：a=T=ω=v=A、半径越大，加速度越小，故A错误；B、半径越大，线速度越小，故B错误；C、半径越大，角速度越小，故C错误；D、半径越大，周期越大，故D正确；故选：D．【点评】能够依据题意找出氢原子核与核外电子的库仑力供应向心力，并列出等式求解．对于等效环形电流，以一个周期为争辩过程求解．7．（3分）关于电势和电势能的说法正确的是（）A．电荷在电场中电势越高的地方电势能也越大B．电荷在电场中电势越高的地方，电量越大所具有的电势能也越大C．在正点电荷电场中的任意一点处，正电荷具有的电势能肯定大于负电荷具有的电势能D．在负点电荷电场中的任意一点处，正电荷具有的电势能肯定大于负电荷具有的电势能【分析】要娴熟把握从两个方面推断电势能的凹凸变化：一是依据电势的凹凸利用公式E p=φq 进行推断，二是依据电场力做功推断电势能的变化，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功电势能增大．【解答】解：A、依据公式E p=φq可知，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小，由于不知电荷的正负，因此无法推断它在电势高的地方电势能的凹凸，故A错误；B、若放在同一点的电荷带电量为负值，电荷量大，则其具有电势能小，故B错误；C、在正点电荷电场中的任意一点处，若选取无穷远处为0势能点，则此处的电势为正，则正电荷所具有的电势能大于负电荷具有的电势能；故C正确；D、在负点电荷电场中的任意一点处，若选取无穷远处为0势能点，则此处的电势为负，则正电荷所具有的电势能小于负电荷具有的电势能，故D错误．故选：C【点评】电势能是电场中的重要概念，要学会从多个角度进行理解，尤其留意的是电势能的大小和电荷带电量的正负有关．8．（3分）一正点电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布状况可能是图中的（）A ．B ．C ．D ．【分析】v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以依据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，依据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．【解答】解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度渐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且正电荷受力与电场方向相同，故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合奇妙、新颖，有创新性．9．（3分）如图所示，一带正电的粒子以肯定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出．已知板长为L，板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为q，粒子通过平行金属板的时间为t，则（）A ．在前时间内，电场力对粒子做的功为B ．在后时间内，电场力对粒子做的功为qUC ．在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为1：2D ．在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为2：1【分析】带正电的粒子进入水平放置的平行金属板内，做类平抛运动，竖直方向做初速度为0的匀加速运动，由推论可求出在前时间内和在后时间内竖直位移之比，由动能定理求出电场力做功．粒子在下落前和后内，电场力做功相同．【解答】解：A、粒子在垂直于板的方向做初速度为零的匀加速运动：由y=at2可得，前时间内与t时间内垂直于板方向之比为1：4，在前时间内的位移为y1=，电场力对粒子做功为W=qEy1=q ××=qU，故A错误．B、由y=at2可得，后时间内与T时间内垂直于板方向之比为3：4，则在后时间内，电场力对粒子做功为qU．故B正确．C、由电场力做功W=qEy ，则前粒子在下落前和后内，电场力做功之比1：1，故CD错误．故选：B．【点评】粒子在垂直于板的方向分运动是初速度为匀加速直线，本题的解法是运用推论法求解．10．（3分）如图所示，有三个电阻，已知R1：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压U1：U2为（）A．1：2 B．1：3 C．1：6 D．1：9【分析】明确三个电阻的连接方式，依据串并联电路的规律可求得电压之比．【解答】解：已知R1：R2：R3=1：3：6，设流过R1的电流为I，则流为R2的电流为I2=；则由欧姆定律可知；电压之比为，U1：U2=IR1：R2=1：2．故选：A．【点评】本题要明确流过R2与R3的电流之和等于流过R1的电流，把握串联电路电流相等，而并联电路电压相等，且串联中电压与电阻成正比，而并联中电流与电阻成反比．11．（3分）如图是某电场电场线的分布图，其中a、b是电场中的两点．下列说法中正确的是（）A．a点的场强比b点的场强大B．a点的场强与b点的场强一样大C．同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力大D．同一个点电荷在a点所受的电场力与在b点所受的电场力一样【分析】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密，电场强度越大．同一点电荷在电场强度越大的地方受到的电场力越大．【解答】解：A、B、由图看出，a点处电场线比b点处电场线密，则a点的场强比b点的大．故A正确，B错误；C、D、由电场力公式F=Eq可知，同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力大．故C正确，D错误．故选：AC【点评】本题考查对电场线物理意义的理解和应用，抓住电场线越密，电场强度越大是关键12．（3分）如图所示，空间存在匀强电场，方向竖直向下，从绝缘斜面上的M点沿水平方向抛出一带电小球．最终小球落在斜面上的N点．已知小球的质量为m，初速度大小为v0，斜面倾角为θ，电场强度大小未知．则下列说法正确的是（）A．可以断定小球肯定带正电荷B．可以求出小球落到N点时速度的方向C．可以求出小球到达N点过程中重力和电场力对小球所做的总功D．可以断定，当小球的速度方向与斜面平行时，小球与斜面间的距离最大【分析】小球在运动过程中受重力与电场力作用，做类平抛运动，对小球受力分析、应用牛顿其次定律、类平抛运动的规律分析答题．【解答】解：A、小球做类平抛运动，电场力既可向上也可向下，故小球带正电、负电都可以，故A错误；B 、利用平抛学问有：===tanθ，速度偏向角设为α，则tanα==2tanθ，可求出小上球落到N点时的速度大小和方向，故B正确；C、求出小球到达N点的速度，由动能定理可以求出小球到达N点过程中重力和电场力对小球所做的总功，故C正确；D、小球在垂直与斜面方向上做匀减速直线运动，当小球在垂直与斜面方向的速度为零，即小球速度平行与斜面时，小球与斜面间的距离最大，故D正确；故选：BCD．【点评】类平抛可以分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀加速运动，娴熟应用类平抛运动规律即可正确解题；电荷在电场中受到的电场力方向与电荷的电性有关．13．（3分）假如在某电场中将5.0×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做6.0×10﹣3J的功，则（）A．A、B两点间的电势差为是3.0×10﹣10VB．A、B两点间的电势差为是1.2×105VC．若将2.5×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做3.0×10﹣3J的功D．若将2.5×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做3.0×10﹣17J的功【分析】依据公式U AB =求解电势差A、B间的电势差与所移动的电荷无关，再由公式W=qU 求解在A、B两点间移动2.5×10﹣8C的电荷时，电场力做的功．【解答】解：A、B、A、B两点间的电势差U AB ===1.2×105V．故A错误，B正确．C、D、在A、B两点间移动2.5×10﹣8C的电荷时，A、B间的电势差不变．则电场力做功为W AB′=q′U AB=2.5×10﹣8×1.2×105J=3.0×10﹣3J．故C正确，D错误．故选：BC【点评】本题要抓住电场中两点间的电势差由电场中两点的位置打算，与移动的摸索电荷无关．14．（3分）关于电容器的概念下列说法中正确的是（）A．两个彼此绝缘又相互靠近的导体就可以看成是一个电容器B．用电源对平板电容器充电后，两板肯定带有等量异种电荷C．电容器两极板的正对面积越大，它的电容就越小D．电容器两极板的距离越大，它的电容就越大【分析】电容器能够容纳电荷，任何两个彼此绝缘又相互靠近的导体都可以看成是一个电容器，电源对平板电容器充电后，两极板肯定带有等量异种电荷．电容表征电容器容纳电荷的本事大小，与电压、电量无关，依据打算式推断影响电容的因素．【解答】解：A、任何两个彼此绝缘又相互靠近的导体就能储存电荷，可以看成是一个电容器．故A正确．B、电源对平板电容器充电后，由于异种电荷相互吸引，两极板肯定带有等量异种电荷．故B正确．C、D 由打算式知电容器两极板的正对面积越大，它的电容就越大，电容器两极板的距离越大，它的电容就越小．故CD错误．故选：AB【点评】本题考查了电容器的概念，重点要把握电容的定义式和打算式的联合应用．15．（3分）关于电动势，下列说法正确的是（）A．在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加B．对于给定的电源，移动正电荷，非静电力做功越多，电动势就越大C．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量做功越多D．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极移送到正极的电荷量越多【分析】依据电源电动势的定义E=，即可作出推断．明确电动势的意义．【解答】解：A、在电源内部非静电力把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，将其他能转化为电能，电能增加．故A正确．B、电动势是电源本身的性质，与移送电荷的多少无关；故B错误；C、C、D依据电动势的定义E=，电动势越大，非静电力在电源内部从负极向正极移动单位正电荷做功越大，而不是电荷量越多．故D错误，C正确．故选：AC【点评】本题考查电动势的概念；而概念是物理学问的细胞，加强基本概念学习，是提高物理解题力量的基础．16．（3分）依据欧姆定律，下列说法中正确的是（）A．从关系式U=IR可知，导体两端的电压U由通过它的电流I和它的电阻R共同打算B．从关系式R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．从关系式I=可知，导体中电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．从关系式R=可知，对一个确定的导体来说，温度不变时，所加的电压跟通过导体的电流的比值是肯定值【分析】导体电阻由导体材料、长度、横截面积打算，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题．【解答】解：A、由R=可知，U=IR，对于一个确定的导体来说，假如通过的电流越大，则导体两端的电压也越大，但是，不能说导体两端的电压U由通过它的电流I和它的电阻R共同打算．故A错误；B、关系式R=是定义式，导体电阻由导体材料、长度、横截面积打算，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故B错误；C、由I=可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故C正确；D、导体电阻由导体材料、长度、横截面积打算，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比，由R=可知，对于一个确定的导体来说，所加的电压跟通过的电流的比值是一确定值，故D正确；故选：CD．【点评】本题是一道基础题，知道导体电阻的打算因素、应用欧姆定律即可正确解题．二．试验填空题：（共52分）17．（14分）测绘小灯泡的伏安特性曲线试验中：（1）试验器材：小灯泡、电压表、电流表、滑动变阻器、同学电源（或电池组）、开关、导线、坐标纸、铅笔等．试验电路如图所示．（2）试验操作①按电路图连接好电路，开关闭合前，将滑动变阻器滑片滑至R的左端．②闭合开关，向右移动变阻器的滑片到不同位置，并分别登记电压表、电流表的示数．③依据试验数据作出小灯泡的I﹣U图线．④由于小灯泡的电阻较小，为减小误差，接受电流表外接法．（填内接法或外接法）【分析】依据伏安法描绘灯泡伏安特性曲线的试验原理、试验器材与试验步骤分析答题．【解答】解：（1）试验器材：小灯泡、电压表、电流表、滑动变阻器、同学电源（或电池组）、开关、导线、坐标纸、铅笔等．（2）试验操作：①按电路图连接好电路，为爱护电路，开关闭合前，将滑动变阻器滑片滑至R的左端．②闭合开关，向右移动变阻器的滑片到不同位置，并分别登记电压表、电流表的示数．③依据试验数据作出小灯泡的I﹣U图线．④由于小灯泡的电阻较小，为减小误差，接受电流表外接法．故答案为：（1）电压表；滑动变阻器；（2）①左；②电压表；电流表；③I﹣U；④外接法．【点评】本题考查了试验器材、试验步骤，是一道基础题，把握基础学问即可正确解题．18．（3分）一灵敏电流计，满刻度电流为I g=500μA，表头电阻R g=200Ω，若将改装成量程为1.0V 的电压表，应再串联一个1800Ω的电阻．【分析】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=﹣R g，U为改装后的量程．【解答】解：将小量程的电流表改装成电压表利用串联电路的分压原理，需要串联一个大一些的电阻；把电流表改装成量程为1.0V的电压表时，串联电阻的阻值：R=﹣R g=﹣200=1800Ω；故答案为：串联；1800．【点评】考查电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会依据公式R=﹣R g，U为改装后的电压表量程．。
2020-2021学年高二上学期期中考试理综物理试题含答案解析
【全国百强校】四川省棠湖中学【最新】高二上学期期中考试理综物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．电场强度的定义式为F E q =，点电荷的场强公式为2KQ E r =，下列说法中正确的是（ ）A ．F E q =中的场强E 是电荷q 产生的 B ．2KQ E r =中的场强E 是电荷Q 生的 C ．F E q=中的F 表示单位正电荷的受力 D ．F E q =和2KQ E r =都只对点电荷适用 2．如图所示，A 、B 是一条磁感线上的两点,下列关于这两点的磁场强弱判断正确的是( )A ．A 点磁场比B 点磁场强B ．B 点磁场比A 点磁场强C ．因为磁感线为直线，A 、B 两点磁场一样强D ．条件不足,无法判断3．在如图所示电路中，当滑动变阻器的滑动触点向b 移动时，正确的是（ ）A ．电压表和电流表的示数均减小B ．电压表和电流表的示数均增大C ．电压表的示数减小，电流表的示数增大D ．电压表的示数增大，电流表的示数减小4．.如图所示，当电流通过线圈时，磁针将发生偏转，以下判断正确的是（）A．当线圈通以沿顺时针方向的电流时，磁针N极将指向读者B．当线圈通以沿逆时针方向的电流时，磁针S极将指向读者C．当磁针N极指向读者时，线圈中的电流沿逆时针方向D．以上判断均不正确5．如图所示，直角三角形ABC中存在一匀强磁场，比荷相同的两粒子沿AB方向从A 点射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出．则下列说法正确的是（）A．从P点射出的粒子速度大B．从Q点射出的粒子在磁场中运动的周期大C．从Q点射出的粒子，在磁场中运动的时间长D．两粒子在磁场中运动的时间一样长二、多选题6．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是( )A．粒子必定带正电荷B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D．粒子在M点的动能大于它在N点的动能7．用不可伸长的细线悬挂一质量为M的小木块，木块静止，如图所示．现有一质量为m的子弹自左方水平射向木块，并停留在木块中，子弹初速度为v0，则下列判断正确的是（ ）A ．从子弹射向木块到一起上升到最高点的过程中系统的机械能守恒B ．子弹射入木块瞬间系统动量守恒，故子弹射入木块瞬间子弹和木块的共同速度为0m v m M+ C ．忽略空气阻力，子弹和木块一起上升过程中系统机械能守恒，其机械能一定小于子弹射入木块前的动能D ．子弹和木块一起上升的最大高度为22022()m v g M m + 8．如图所示．平行板电容器两个极板为A 、B ，B 板接地，A 板带有电荷量+Q ．板间电场有一固定点P ．若将B 板固定，A 板下移一些，或者将A 板固定，B 板上移一些．在这两种情况下，以下说法正确的是A ．A 板下移时，P 点的电场强度不变，P 点电势不变B ．A 板下移时，P 点的电场强度不变，P 点电势升高C ．B 板上移时，P 点的电场强度不变，P 点电势降低D ．B 板上移时，P 点的电场强度减小，P 点电势降低三、实验题9．两同学验证反冲运动中动量守恒，如图所示，两质量分别为m A 、m B 玩具小车放置在水平桌面上，中间夹一弹簧，自某一位置突然放开，两小车做反冲运动，一段时间后，同时止住运动的小车，测出两小车运动的距离分别为s A 、s B 忽略小车与桌面间的摩擦，请用以上物理量符号写出反冲前后动量守恒表达式_________________；已知课本宽度为L ，并以此计量小车运动的距离分别2, 1.5A B S L S L ==,可知两小车质量之比：:A B m m =______．10．如图所示为用伏安法测定一个定值电阻阻值的实验所需的器材实物图，器材规格如下：A、待测电阻R x(约100Ω)B、直流毫安表（量程0~50mA，内阻约为5Ω）C、直流毫安表（量程0~3A，内阻约为5Ω）D、直流电压表（量程0~3V，内阻约500Ω）E、直流电压表（量程0~15V，内阻约500Ω）F、直流电源（输出电压6V，内阻不计）G、滑动变阻器（阻值范围0~15Ω，允许最大电流1A）H、开关1个，导线若干根据器材规格及实验要求，(1)上述器材中应选用的是______________。
2020-2021学年高二上学期期中考试物理试题(含答案)
一、二选择题（每小题 5 分，共 40 分） 1．B；2．D；3．C；4．A；5．D；6．BC；7．AD；8．AC。
9．（12 分）（1）① 8．475 ②
------------------ 每空 2 分
（2）①实验原理图 -------------- 每个实验电路图 2 分
P 电＝1．5×104 W ----------------------- 2 分
（2）在匀速行驶时
F=f ----------------------------------------- 2 分
PF＝Fv ------------------------------------ 2 分
PF＝1．25×104 W
--------------- 2 分 --------------- 2 分 --------------- 2 分 --------------- 2 分
----------- 2 分 ----------- 2 分
----------- 2 分
Ⅰኾ
Ⅰኾ
分析可得 R1 = RAB +r 时，R1 的电功率 PR1 最大
②实物连接图 ---------------- 2 分
10（14 分）解：
（1）小灯泡正常发光的电流为 I
PL=ULI --------------- 3 分
I=0．5 A --------------- 2 分
（2）R 的电压为 UR
UR＝U－UL
----------------------- 3 分
------ 2 分
R1 = 3 Ω
----------- 2 分
2020-2021学年高二上学期期中测物理试卷01(新教材人教版)(解析版)
2020-2021学年高二物理上学期（新教材人教版）期中测试卷01考试范围：必修3全册选择性必修1第一章一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
每个题目只有一个选项符合要求，选对得4分，选错得0分。
1．电磁感应现象的发现，标志着人类从蒸汽机时代步入了电气化时代。
下列设备利用电磁感应原理的是（）A．电风扇B．电熨斗C．发电机D．电磁起重机『答案』 C『解析』A．电扇的主要元件是电动机，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动工作的，A不符合题意。
B．电熨斗是利用电流的热效应工作的，B不符合题意。
C．发电机是利用电磁感应现象工作的，C符合题意。
D．电磁起重机是利用电流的磁效应工作的，选项D不符合题意。
故选C。
（与两导线均垂直）2．两根通有相同电流的长直导线平行放置，它们的截面处于等边ABCB，则的顶点A和B处，如图所示。
两导线在顶点C处所产生磁场的总磁感应强度大小为通过顶点A的电流在顶点C处产生的磁场的磁感应强度大小为（）A ．33B B ．032B C ．0B D ．20B『答案』 A 『解析』根据安培定则可知，导线A 在C 处产生的磁场方向垂直于AC 方向向右，导线B 在C 处产生的磁场方向垂直于BC 方向向右，两通电导线在C 处产生磁场的合场强大小为B 0，如图根据平行四边形定则得到，那么C 处的总磁感应强度为02cos30A B B ︒=解得033A B B =故选A 。
3．一根细橡胶管中灌满盐水，两端用短粗铜丝塞住管口．管中盐水柱长为40cm 时测得电阻为R ，若溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同．则将管中盐水柱均匀拉长到50cm （盐水体积不变，仍充满橡胶管），盐水柱电阻变为（ ） A ．45RB ．54R C ．1625R D ．2516R 『答案』 D 『解析』由于总体积不变，设40cm 长时的横截面积为S ．所以长度变为50cm 后，横截面积45SS '=根据电阻定律l R S ρ=可知405045R S R S ρρ⋅='⋅ 解得2516R R '= 故D 正确 4．如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A 接地，极板B 与一个灵敏静电计的金属小球相连接，将A 极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q 、电容C 、两极间的电压U 、电容器两极板间的场强E 的变化情况是（ ）A ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 不变B ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 变小 C ．Q 变小，C 不变，U 不变，E 变小D ．Q 变小，C 变小，U 不变，E 不变『答案』 A『解析』由于电容器与电源断开，因此电容器的带电量Q 保持不变，根据4r SCkdεπ=当增大两板间的距离d 时，电容C 变小，根据Q C U=可知两板间的U 电压增大，而电容器内部电场强度U E d= 三式联立可得4r k SE Qπε=因此电场强度E 与d 无关，增大d 时电场强度E 不变，因此A 正确，BCD 错误。
2024届吉林省松原市扶余市第一中学物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析
2024届吉林省松原市扶余市第一中学物理高二第一学期期中检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，电荷量为Q 1、Q 2的两个正点电荷分别置于A 点和B 点，两点相距L 。
在以L 为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电荷量为+q 的小球(视为点电荷)，在P 点平衡。
不计小球的重力，那么，PA 与AB 的夹角α与Q 1、Q 2的关系应满足（ ）A ．321tan Q Q α=B ．221tan Q Q α=C ．312tan Q Q α= D ．312tan Q Q α=2、用伏安法测电阻时，若不知R x 的大概值，为了选择正确的电路以减小误差，可以用图所示的方法判断（ ）A ．若安培表的示数有显著变化，K 应接aB ．若安培表的示数有显著变化，K 应接bC ．若伏特表示数变化的差值大于安培表示数变化的差值，K 应接aD ．若伏特表示数有显著变化，K 应接b3、电路如图所示．接通电路后三个灯的电阻都相等．那么三个灯消耗的电功率P 1、P 2、P 3之间的关系是A ．P 1=P 2=P 3B ．P 1=P 2＞P 3C ．12312P P P ==D ．P 3=4P 1=4P 24、公路在通过小型水库的泄洪闸的下游时，常常要修建凹形桥,如图，汽车通过凹形桥的最低点时（ ）A ．车的加速度为零，受力平衡B ．车对桥的压力比汽车的重力大C ．车对桥的压力比汽车的重力小D ．车的速度越大，车对桥面的压力越小5、如图所示，两个单匝线圈a 、b 的半径分别为r 和2r .圆形匀强磁场B 的边缘恰好与a 线圈重合，则穿过a 、b 两线圈的磁通量之比为( )A ．1∶1B ．1∶2C ．1∶4D ．4∶16、如图所示为点电荷a 、b 所形成电场的电场线分布图（箭头未标出），在M 点处放置一个电荷量大小为q 的负试探电荷，受到的电场力大小为F ，以下说法中正确的是（ ）A 、由电场线分布图可知M 点处的场强比N 点场强大B 、M 点处的场强大小为Fq，方向与所受电场力方向相同 C 、a 、b 为异种电荷，a 的电荷量小于b 的电荷量 D 、如果M 点处的点电荷电量变为2q ，该处场强变为2F q二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2020-2021学年高二上学期期中测物理试卷03(人教版)(解析版)
2020-2021学年高二物理上学期（人教版）期中测试卷03考试范围：选修3-1全册一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
每个题目只有一个选项符合要求，选对得4分，选错得0分。
1．如图所示连接电路，电源电动势为6V ，先使开关S 与1端相连，电源箱电容器充电，这个过程可以瞬间完成，然后把开关S 掷向2端，电容器通过电阻R 放电，电流传感器将测得的电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的图线如图所示，据此图可估算电容器释放的电荷量，并进而估算电容器的电容为（ ）A ．0.2FB ．-21.310F ⨯C ．-34.510F ⨯D ．45.510F -⨯『答案』 D『解析』因为Q It =根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电量为30.0810C -⨯，由大于半格算一个，小于半格舍去，因此图象所包含的格子个数为42，所以释放的电荷量是330.0810C 42 3.310C Q --=⨯⨯≈⨯根据电容器的电容3323.310 5.510F 510F 6Q C U μ--⨯===⨯=⨯ 故选D 。
2．如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源（内阻不计）连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P 点且恰好处于静止状态，现交平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是（ ）A ．带电油滴将竖直向上运动B ．P 点的电势将降低C ．电容器的电容增大，极板带电荷量不变D ．电容器的电容增大，极板带电荷量减小『答案』 A『解析』将上极板竖直向下移动时，d 减小，电容器的电压U 不变，由UE d=分析得知，板间场强增大，则油滴所受电场力增大，油滴将沿竖直向上运动．故A 正确．P 点到下极板的距离不变，而E 增大，由U=Ed 知，P 点与下极板间电势差增大，P 点的电势大于零，则P 点的电势升高，故B 错误；d 减小，由4SC kd επ=知，电容C 增大，U 不变，由Q C U=分析可知电容器所带电量增加，故CD 错误；故选A3．有两个相同的小球分别带正电、负电，现将其分别放在水平光滑地面上、水平粗糙地面上、倾角为θ的光滑斜面上、倾角为θ的粗糙斜面上，用相同大小的力F 分别作用于带正电小球上，如图，则两小球将会一起做直线运动，四种情况下，正、负电小球间的距离分别为1234L L L L 、、、，则（ ）A ．1234L L L L =<=B ．1234L L L L >>>C ．1234L L L L ===D ．1234L L L L <<<『答案』 C『解析』对于图a ，先整体分析12=F ma再隔离分析带负电小球1F ma =库1 则12F F =库1 对于图b ，同理222F mg ma μ-⋅= 2F mg ma μ-=库2 则12F F =库2； 对于图c ，同理32sin 2F mg ma θ-= 3sin F mg ma θ-=库3 则12F F =库3 对于图d ，同理42sin 2cos 2F mg mg ma θμθ--⋅=4-sin -cos F mg mg ma θμθ=库4 则12F F =库4 则四种情况下==12=F F F F F =库1库2库3库4有库仑定律2QqFkr=库知1234L L L L === 故选C 。
吉林省扶余市第一中学2020┄2021学年高二上学期期中考试物理试题
本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
考试结束后，将本试卷答题纸和答题卡一并交回。
试卷满分100分，考试时间90分钟。
第Ⅰ卷一、选择题：（每小题3分，共48分）。
在每小题给出的四个选项中，有一个或几个正确选项，全部选对得3分，选对但不全给2分，有选错的或不答的给0分。
）1．一个带电的金属球，当它带的电荷量增加到一定数值后(稳定)与增加前比较，其内部的场强将( ) A．一定增强B．一定减弱C．不变D．可能增强也可能减弱2．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离( )A．P点的电势将降低B．带电油滴将沿竖直方向向上运动C．带电油滴的电势能将减小D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大3．带电粒子以初速度v0垂直电场方向进入平行金属板形成的匀强电场中，它离开时偏离原方向y，偏角为φ，下列说法正确的是( )A．粒子在电场中做类平抛运动B．粒子飞过电场的时间，决定于极板长和粒子进入电场时的初速度C．粒子的偏移距离y，可用加在两极板上的电压控制D．偏角φ与粒子的电荷量和质量无关4．如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是( )A．此液滴带负电B．液滴的加速度等于2gC．液滴的电势能减少D．合外力对液滴做的总功等于零5．如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的等势面，一个电子垂直经过等势面D时的动能为20 eV，经过等势面C时的电势能为－10 eV，到达等势面B时的速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离为5 cm，不计电子的重力，下列说法中正确的是( ) A．电子再次经过D等势面时，动能为10 eVB．电子的运动是匀变速曲线运动C．C等势面的电势为10 V D．匀强电场的场强为200 V/m6．一台电动机，额定电压是100 V，电阻是1 Ω.正常工作时，通过的电流为5 A，则电动机输出的机械功率为( )A．500 W B．25 W C．1000 W D．475 W7．如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流I的关系图线，则下列说法中正确的是( )A．路端电压都为U0时，它们的外电阻相等B．电流都是I0时，两电源的内电压相等C．电源甲的内阻小于电源乙的内阻D．电源甲的电动势大于电源乙的电动势8．如图所示，一个电源在外电阻不断变化时，内、外电阻消耗的电功率随电流变化的关系分别用抛物线C1、C2表示．由该图可知( )A．电源的电动势为8 V B．电源的内电阻为1 ΩC．电源输出功率的最大值为4 W D．电源消耗的最大功率为8 W9．在如图所示电路中，开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪一个开关后P会向下运动？( )A．S1B．S3C．S2D．S410．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则( )A．电压表的示数变小B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变大D．电源两极间的电压变小11．如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表指针几乎指在“0”度线不动，电压表指针则有明显偏转，该电路中故障可能是（）A．电流表坏了，或开关S接触不良．B．灯泡L1的灯丝断了，或L1的灯泡与灯座接触不良．C．电流表和两个灯泡都坏了．D．从a点开始，经过灯泡L2到b点的这段电路中有断路．12．如图所示是电阻R1和R2的伏安特性曲线，且把第一象限分了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域现将R1和R2串联在电路中，小号的电功率分别用P1和P2表示，串联的总电阻为R，下列关于R的伏安特性曲线应该在的区域以及P1、P2大小关系正确的是（）A特性曲线在Ⅰ区P1<P2B特性曲线在Ⅰ区P1>P2C特性曲线在Ⅲ区P1>P2 D.特性曲线在Ⅲ区P1<P213．磁场中某区域的磁感线，如图所示，则( )A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bC．同一通电导线放在a处受力不一定比放在b处受力大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小14．两个绝缘导体环AA′、BB′大小相同，环面垂直，环中通有相同大小的恒定电流，如图所示，则圆心O处磁感应强度的方向为(AA′面水平，BB′面垂直纸面)( )A．指向右上方B．指向左上方C．竖直向上D．水平向右15．如图所示，垂直纸面放置的两根直导线a和b，它们的位置固定并通有相等的电流I；在a、b沿纸面的连线的中垂线上放有另一直导线c，c可以自由运动．当c中通以电流I1时，c并未发生运动，则可以判定a、b中的电流( )A．方向相同都向里B．方向相同都向外C．方向相反D．只要a、b中有电流，c就不可能静止16.关于磁感线与电场线的描述，正确的是( )A．电场线起止于电荷，磁感线起止于磁极B．静电场电场线一定不闭合，磁感线一定是闭合的C．磁感线是自由小磁针在磁场力作用下的运动轨迹D．电场线和磁感线实际上均不存在，肉眼看不到第II卷（52分）二、实验填空题：（20分）17．一段粗细均匀的镍铬丝，横截面的直径是d，电阻是R，把它拉制成直径为d/10的均匀细丝后，它的电阻变成( )A．R/10000 B．R/100 C．100R D．10000R18．实验室有下列器材：A．电流表(0～100 μA,1.5 kΩ)；B．电流表(0～1 mA,1 kΩ)；C．变阻器(0～300 Ω)；D．变阻器(0～800 Ω)；E．干电池(1.5 V，r＝0)；现要改装一只欧姆表，从上述备用器材中，电流表应选用________，变阻器应选用________，电源应选用________(填序号)．改装好的欧姆表中心刻度的阻值为________．19．现有一特殊电池，它的电动势E约为9 V，内阻r约为30 Ω，已知该电池允许输出的最大电流为100 mA.为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电流表的内阻R A 已经测出，阻值为15 Ω，R为电阻箱，阻值范围0～999.9 Ω，R0为定值电阻，对电路起保护作用．（1）实验室备有的定值电阻R0有以下几种规格：A．10 ΩB．50 ΩC．150 ΩD．500 Ω本实验选用哪一种规格的定值电阻最好________．（2）该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电流表的示数，记录多组数据，作出了图乙所示的图线，则根据该同学作出的图线可求得该电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.三．计算题：（32分）20.（10分）如图所示是一组不知方向的匀强电场的电场线，把1.0×10－6 C的负电荷从A点沿水平线移到B点，静电力做了5-0.2 J的功．A、B两点间的距离为8 cm，问：10(1)匀强电场的场强为多大？方向如何？(2)A、B两点间的电势差为多大？21．（12分）如图所示电路中，电阻R1=R2=R3=10Ω，电源内阻r=5Ω，电压表可视为理想电表．当开关S1和S2均闭合时，电压表的示数为10V．(1)电阻R2中的电流为多大?(2)路端电压为多大?(3)电源的电动势为多大?R3 (4)当开关S1闭合而S2断开时，电压表的示数变为多大?22．（10分）如图，两平行光滑导轨相距为L＝20 cm，金属棒MN的质量为m＝10 g，电阻R＝5Ω，匀强磁场的磁感应强度B＝1T，方向竖直向下，电源电动势E＝8 V，内阻r＝1 Ω，当开关S闭合时，MN 恰好平衡，求变阻器R1的取值为多少？设θ＝45°，g取10 m/s2.参考答案： 一．选择题： 二．选择填空题：17. D18. B D E 1.5k Ω 19. B 10v 35Ω20.解析：根据电势差的定义式，U AB ＝W ABq ＝6-5-100.1-100.2⨯⨯V ＝－20 V设A 、B 两点所在等势面间的距离为d ， 则d ＝AB cos60°＝8×0.5 cm ＝4cm 所以， E ＝|U AB |d＝2-10420⨯V/m ＝500 V/m 因为U AB ＝φA －φB ＝－20 V<0所以φA <φB ，而电场线方向是由高电势指向低电势，因而电场方向沿直线由下而上． 答案：(1)500 V/m 方向沿直线由下而上 (2)－2 0V 21.（1）22210A 1A 10U I R ==＝（2）路端电压等于外电路电压，故132212)1(105V 15V R R U I R R R =+=⨯++（）＝（3）又2U E I r =-，故215V 15V=20V E U I r =+=+⨯1 2 3 4 5 6 7 8 C C ABC ABC CD D AD BC 910111213141516BACDDBBCBD（4）当开关S 1闭合而S 2断开时，电路是1R 、2R 串联再与电源构成闭合电路，3R 起导线作用，电压表示数等于外电路电压。
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吉林省松原市扶余一中2020┄20２1学年高二(上）期中物理试卷一、选择题（5６分,每小题４分）1．相隔一段距离的两个点电荷,它们之间的静电力为F,现使每个点电荷的电荷量都变为原来两倍,同时将它们之间的距离也变为原来的四倍，则它们之间的静电力变为( ）Ａ．B．4FﻩC.2ＦＤ．2.伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种,下列说法正确的是( ）A．两种接法完全等效B．按甲图接法,测得值偏小C.若待测电阻的阻值很大,按甲图接法误差较小D.若待测电阻的阻值很小,按甲图接法误差较小3.导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是( )A.横截面积一定,电阻与导体的长度成反比B.长度一定，电阻与导体的横截面积成反比C.电压一定，电阻与通过导体的电流成正比D．电流一定，电阻与导体两端的电压成反比4．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示,可以判定（）Ａ．粒子在B点的加速度大于它在A点的加速度B．粒子在A点的动能大于它在B点的动能C.粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．Ａ点的电势低于B点的电势5．有一小段通电导线,长0．01m,电流强度为5A,把它放入磁场中某一位置,受到的磁场力是０.1N，则该处磁感应强度B的大小为（）A．B=1T B．B=2TﻩＣ.Ｂ≤２TﻩD．B≥2Ｔ6．如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向下滑动时，Ａ、B两灯亮度的变化情况为( )A.A灯和B灯都变亮ﻩＢ．A灯和B灯都变暗C．A灯变亮,B灯变暗Ｄ．A灯变暗，B灯变亮7.用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（)A.两只电表的指针偏转角相同B.两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角8.如图所示,带负电的金属环绕轴ＯＯ′以角速度ω匀速旋转,在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是（）A.N极竖直向上B．N极竖直向下C．N极沿轴线向右ﻩD．Ｎ极沿轴线向左9．电压表、电流表均有小量程电流表（表头)改装而成，则下列说法中正确的是( )A.由表头改装成电压表，需给表头串联一个大电阻B.由表头改装成电压表,需给表头并联一个大电阻C.由表头改装成电流表,需给表头并联一个小电阻D.由表头改装成电流表,需给表头串联一个大电阻１0.如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮,电流表指针几乎指在“0”刻度线不动,电压表指针则有明显偏转,该电路中故障可能是（）A．可能灯泡L２的灯丝断了,或L2的灯泡与灯座接触不良B．灯泡L1的灯丝断了，或L1的灯泡与灯座接触不良C.从a点开始，经过灯泡Ｌ２到b点的这段电路中有断路D．电流表和两个灯泡都坏了１1．对计算任何用电器的电功率都适用的是（）Ａ.P＝ＩUﻩＢ．P＝ﻩC.Ｐ＝I2RﻩＤ.P=12．关于磁场和磁感线的描述,正确的说法是（）A．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱Ｂ．磁感线在磁体的外部从Ｎ极出发到S极C．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向Ｄ.在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小13.图为两个不同闭合电路中两个不同电源的Ｕ﹣I图象,下列判断正确的是( ）A．电动势E1=E２，发生短路时的电流Ｉ1＞I2B．电动势E1＝E2，内阻r1＞r2C.电动势E１>E2,内阻r1＜ｒ２D.当两电源的工作电流变化量相同时,电源2的路端电压变化大1４．调整欧姆零点后,用“×1０”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小,那么正确的判断和做法是( )A．这个电阻的阻值很小B.这个电阻的阻值很大C．为了把电阻值测得更准确些,应换用“×1”挡,重新调整欧姆零点后测量D．为了把电阻值测得更准确些,应换用“×10０”挡，重新调整欧姆零点后测量二、填空与实验题（每空2分共14分)1５.如图所示是两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时,量程为0～1０V，当使用a、c两个端点时,量程为０~100V．已知电流表的内阻Ｒg为500Ω,满偏电流I g为2mＡ,求电阻Ｒ1、R2的值．1６.某同学要测量一节旧电池的电动势和内阻,实验器材仅有一个电流表、一个电阻箱、一个开关和导线若干，该同学按如图所示电路进行实验,测得的数据如下表所示.作R﹣图象图象的斜率等于K，图象的截距的绝对值等于b,则电池的电动势为电池的内阻为 .1７.把电流表改装为电压表的实验中，分3个主要步骤.实验中给出的器材有：①电流表(量程0﹣1０0μＡ)②标准电压表（量程0﹣５Ｖ)③电阻箱(0﹣99９99Ω）④电阻箱（0﹣９9９9Ω）⑤电源(电动势６V，有内阻）⑥电源（电动势2V，有内阻）⑦电源(电动势12V,有内阻）⑧滑动变阻器（0﹣50Ω,额定电流1.５A)⑨电键两只,导线若干首先要用半偏法测定电流表的内阻.如果采用如图所示的电路测定电流表A的内电阻并且要想得到较高的精确度,那么从以上给出的器材中,可变电阻Ｒ１应选用,可变电阻R２应选用，电源E应选用．（用序号表示)三、计算论述题(要求每题解答时有必要的文字说明,只写出结果不给分,共3０分)18.微型吸尘器的直流电动机的内阻一定,当加在它两端的电压为0．３V时，电流为0.３A,此时电动机不转动;当加在它两端的电压为４.0V时，电流为0.8A，且它能够正常工作，试分析当电动机正常工作时消耗的电功率及输出的机械功率和电动机的效率．19．如图所示，线段A为某电源的U﹣I图线,线段B为某电阻的U﹣Ｉ图线,当上述电源和电阻组成闭合电路时，求：（１)电源的输出功率Ｐ出多大？(2)电源内部损耗的电功率是多大？（3）电源的效率η多大?２０.把一个量程为5ｍＡ的电流表改装成欧姆表Ｒ×1挡,电流表的内阻是５0Ω，电池的电动势是1.5V,经过调零之后测电阻,当欧姆表指针指到满偏的位置时,被测电阻的阻值是多大？ﻬ2020┄20２１学年吉林省松原市扶余一中高二（上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（56分,每小题4分)1.相隔一段距离的两个点电荷，它们之间的静电力为F,现使每个点电荷的电荷量都变为原来两倍,同时将它们之间的距离也变为原来的四倍,则它们之间的静电力变为( )A. B．4F Ｃ.2F D．【考点】库仑定律．【分析】由库仑定律可得出变化前后F的表达式,由表达式作比可得出变化后的静电力与F 的关系.【解答】解:由库仑定律可得：F=;变化后F′==，故D正确，ABＣ错误；故选：D.【点评】本题考查库仑定律的应用，注意变化前后两Ｆ的关系即可求解，属库仑定律的简单应用．2.伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种,下列说法正确的是( ）A．两种接法完全等效B．按甲图接法,测得值偏小C．若待测电阻的阻值很大,按甲图接法误差较小D.若待测电阻的阻值很小，按甲图接法误差较小【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题.【分析】伏安法测电阻有两种实验电路,电流表的内接法与外接法，当待测电阻很大时，应用电流表内接法误差较小．【解答】解:A、甲电路采用电流表内接法，乙电路是电流表的外接法，两种电路效果不同,故A错误;B、甲图采用电流表内接法，由于电流表的分压作用，使待测电阻的测量值大于真实值.测得的电阻偏大,故B错误；C、当待测电阻很大,远大于电流表内阻时,采用电流表内接法实验误差较小，甲电路测大电阻误差小,故C正确;Ｄ、甲采用电流表内接法,若待测电阻的阻值很小，待测电阻阻值与电流表内阻相差不多时，电流表分压对实验影响很大，实验误差较大，故D错误;故选:C.【点评】本题考查了伏安法测电阻的两种电路，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．3.导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体,下列表述正确的是（）A.横截面积一定,电阻与导体的长度成反比B.长度一定,电阻与导体的横截面积成反比C.电压一定，电阻与通过导体的电流成正比Ｄ.电流一定,电阻与导体两端的电压成反比【考点】电阻定律．【分析】解答本题应掌握：导体的电阻是导体本身的一种性质，导体的电阻与导体本身的材料、长度、横截面积有关,还与温度有关；与电流以及电压的大小无关.【解答】解:有电阻定律R=可知，电阻的大小与导体的长度成正比，与横截面积成反比,Ａ、横截面积一定,电阻与导体的长度成正比,故Ａ错误;Ｂ、长度一定,电阻与导体的横截面积成反比,故Ｂ正确;C、电阻与电流以及电压的大小无关,故CD错误;故选：Ｂ．【点评】电阻是导体本身的属性,导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料等有关,与电流以及电压的大小无关.4．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到Ｂ点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定（)A.粒子在B点的加速度大于它在A点的加速度B．粒子在A点的动能大于它在B点的动能C.粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D.A点的电势低于Ｂ点的电势【考点】电场线;电势能．【专题】常规题型.【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；根据带电粒子轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向;根据电场力做功正负，判断动能和电势能的变化；沿电场线的方向,电势降低．【解答】解：A.由电场线可知,B点的电场线密,所以B点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大,故A正确;ＢC．粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从A到B的过程中，电场力做正功,电荷的电势能减小,动能增加，所以粒子在A点的动能小于它在Ｂ点的动能,粒子在A点的电势能大于它在B点的电势能,所以B错误、C错误；D．沿电场线方向电势逐渐降低,A点的电势高于B点的电势,D错误；故选：A．【点评】本题要根据轨迹的弯曲方向判断电场力的方向,根据电场力的做功情况，判断动能和电势能的大小.用电场线可以形象地描述电场的强弱和方向,电场线的方向反映了电势的高低．5．有一小段通电导线,长0.01m,电流强度为５A,把它放入磁场中某一位置,受到的磁场力是0.１N，则该处磁感应强度Ｂ的大小为( ）A．B＝1T B.Ｂ＝2T C．Ｂ≤2T D.B≥2T【考点】安培力.【分析】在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱.将通电导线垂直放入匀强磁场中,即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比.【解答】解:长为０.０1ｍ,电流强度为5A，把它置入某磁场中某点,受到的磁场力为0.1N，当垂直放入磁场时，则公式B=，若不是垂直放入磁场时,则磁感应强度比２T还要大.故选：Ｄ.【点评】磁感应强度的定义式Ｂ=可知,是属于比值定义法,且导线垂直放入磁场中．即Ｂ与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．例如:电场强度E＝一样．同时还要注意的定义式B=是有条件的.6.如图所示的电路中,当滑动变阻器的滑片向下滑动时,A、B两灯亮度的变化情况为( ）A.A灯和B灯都变亮ﻩB．Ａ灯和B灯都变暗C.A灯变亮，Ｂ灯变暗ﻩＤ．A灯变暗，B灯变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题.【分析】从图可知,滑动变阻器与灯泡Ａ并联,然后跟灯泡B串联，首先判断滑动变阻器电阻的变化情况，然后根据串联电路中电阻的特点，得出总电阻变化情况,由欧姆定律可知电路中电流表的变化及并联部分电压的变化.即可判断两灯亮度的变化．【解答】解:当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，并联部分的总电阻变小，所以外电路总电阻变小,总电流变大，B灯消耗的功率变大，则知B灯变亮．由于电流增大，电源的内电压和B灯的电压变大,根据闭合电路欧姆定律得知，并联部分的电压变小,所以Ａ灯消耗的功率变小,则知A灯变暗.故D正确.故选:D【点评】本题考查的是滑动变阻器对电路中电流、电压的调节情况,分析清楚电路结构、根据滑动变阻器阻值的变化，能根据欧姆定律和电路的连接关系,判断A与并联电路电压的变化情况.7.用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中，如图所示,此时( )A.两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角【考点】把电流表改装成电压表.【专题】实验题.【分析】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻;电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻;将电压表和电流表串联,分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小.【解答】解:电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻;电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后,通过电流表的总电流与电压表的电流相等,由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻,所以大部分电流通过了分流电阻,通过表头的电流很小,电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角,故ABD错误，C正确;故选:C．【点评】本题关键是明确电流表和电压表的改装原理,熟悉串联电路的电流特点,基础题．8．如图所示,带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转,在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是（)A．N极竖直向上 B.N极竖直向下Ｃ．N极沿轴线向右ﻩＤ.N极沿轴线向左【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】带负电旋转,则可知电流方向,再由右手螺旋定则可知磁极的方向,再根据磁极间的相互作用可知小磁针的偏转方向．【解答】解:带负电金属环，如图所示的旋转．则金属环的电流方向与旋转方向相反．再由右手螺旋定则可知金属环磁极的方向:左端S极,右端N极．因此小磁针N极沿轴线向右.故C正确,ABD错误；故选：Ｃ．【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用,要求能熟练准确的应用右手螺旋定则．注意电流的方向与负电荷的运动方向相反.9.电压表、电流表均有小量程电流表（表头)改装而成，则下列说法中正确的是（）A.由表头改装成电压表，需给表头串联一个大电阻Ｂ．由表头改装成电压表，需给表头并联一个大电阻C.由表头改装成电流表,需给表头并联一个小电阻D．由表头改装成电流表,需给表头串联一个大电阻【考点】把电流表改装成电压表.【专题】实验题.【分析】电流表、电压表都是由小量程的电流表改装而成的.利用并联电阻的分流作用,将灵敏电流表G和电阻并联，改装成安培表.利用串联电阻的分压作用，将灵敏电流表Ｇ和电阻串联,改装成安培表.【解答】解:A、把小量程电流表改装成电压表,需要串联一个大的分压电阻，故A正确,B错误;C、把小量程的电流表改装成电流表，需要并联一个小的分流电阻，故C正确，D错误；故选：AC.【点评】本题考查电表改装的原理，电流表、电压表都是由小量程的电流表改装而成的.利用并联电阻的分流作用，将灵敏电流表G和电阻并联,改装成安培表．利用串联电阻的分压作用,将灵敏电流表G和电阻串联,改装成安培表.只要理解并记住电表的改装原理，回答此题非常简单.1０.如图所示的电路中,当闭合开关S后,发现两灯都不亮,电流表指针几乎指在“0”刻度线不动,电压表指针则有明显偏转，该电路中故障可能是（)A．可能灯泡L2的灯丝断了,或L2的灯泡与灯座接触不良B．灯泡Ｌ1的灯丝断了,或L1的灯泡与灯座接触不良C.从ａ点开始,经过灯泡L2到b点的这段电路中有断路D.电流表和两个灯泡都坏了【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电压表有明显偏转，说明电压表两接线柱到电源两级之间电路连接完好，问题只能出现在灯L2，若L２短路,电压表就没有示数,因此只能是灯L２断路．【解答】解:A、灯泡L2的灯丝断了,或L2的灯泡与灯座接触不良,电压表测量电源电动势，有明显偏转，电流表无示数,故A正确;B、灯泡L1的灯丝断了，或Ｌ1的灯泡与灯座接触不良，两表均无示数,故Ｂ错误；C、若从ａ点开始，经过灯泡L2到ｂ点的这一段电路中有断路,电压表串联接入，由于电压表电阻较大，电路中电流较小，电流表几乎为零，故Ｃ正确．Ｄ、若电流表和两个灯泡都坏了，电压表没有示数，故D错误;故选：AC．【点评】该题考查电路中典型故障，由于被测元件断路，使得电压表串联接入电路,由于电压表阻值较大，致使电路中电流很小,灯泡不亮,做题时一定要理解这种典型故障.１1．对计算任何用电器的电功率都适用的是（）A.P=IU B．P= C.P=I２RﻩD.P=【考点】电功、电功率.【分析】焦耳定律公式Q=Ｉ2Rｔ计算电热，电功公式W＝UＩt计算电功；对纯电阻电路，电功等于电热;对非纯电阻电路,电功大于电热.【解答】解：Ａ、电功公式W=ＵＩt，电功率P=，适用于一切电路.故A正确.B、非纯电阻电路中,欧姆定律不适用，故，故公式Ｐ＝不能求解热功率,也不能求解电功率．故Ｂ错误．C、公式P=I２R计算热功率；非纯电阻电路中，电功率大于热功率,故C错误．D、P=是功率的定义式,适用于一切电路．故D正确.故选：AＤ．【点评】本题关键是非纯电阻电路中欧姆定律不适用,从而导致根据欧姆定律推导的功率公式也不能全部适用;要注意明确各功率公式的适用范围．12.关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（)A.沿磁感线方向，磁场逐渐减弱Ｂ．磁感线在磁体的外部从N极出发到S极C.磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向Ｄ．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小【考点】磁现象和磁场.【分析】(1）磁体周围存在着磁场,为了形象地描述磁场，我们引入了磁感线,规定小磁针静止时N极所指的方向为该点磁场的方向.（2）磁感线是闭合曲线,在磁体外部,从磁铁的Ｎ极出发,进入S极；在磁体内部,从Ｓ极指向Ｎ极.(3）安培力的大小与磁感线强度、电流大小及二者之间的夹角有关；明确安培力公式即可正确应用．【解答】解:A、磁场的强弱可以由磁感线疏密表示,但沿磁感线，磁场并不一定减弱;故A错误；B、磁感线在磁体外部由N极到S极,磁体内部由S极到Ｎ极；故B正确；C、通电导体在磁场中的受力要由左手定则进行判断；磁场的方向并不是通电导体在磁场中某点受磁场力的方向;故C错误；D、因为同一通电导线在同一磁场地方，不同角度放置,则安培力大小也不同,故在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小.故D正确；故选：BD．【点评】磁感线是假想的,但可形象描述磁场的分布情况，磁感线不相交,但却是闭合的．小磁针N极受力方向或静止时所指方向就是磁场方向，也是磁感应强度方向.同时安培力的方向与电流及磁场方向所构成的平面垂直．１3．图为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象,下列判断正确的是（)A．电动势E1=Ｅ2，发生短路时的电流I1>I２Ｂ．电动势E1=E２,内阻r1>ｒ2C.电动势E１＞E2,内阻r１<r2Ｄ．当两电源的工作电流变化量相同时,电源2的路端电压变化大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】U﹣I图象中与Ｕ轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流,斜率表示内阻.【解答】解：Ａ．U﹣I图象中与Ｕ轴的交点表示电源的电动势,与I轴的交点表示短路电流,故电动势Ｅ1=E2，发生短路时的电流I１>I2,故A正确；Ｂ．U﹣I图象中与Ｕ轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻,电动势E1=Ｅ2，内阻r1<r ２，故Ｂ错误；C.由B的分析可知C错误;D.电动势E1=E2，内阻ｒ1<r2，根据U=E﹣Ir可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故D正确.故选AD.【点评】本题考查了闭合电路U﹣I图象的相关知识,要求同学们理解U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻.14.调整欧姆零点后,用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小,那么正确的判断和做法是（）Ａ．这个电阻的阻值很小Ｂ.这个电阻的阻值很大C．为了把电阻值测得更准确些,应换用“×1”挡，重新调整欧姆零点后测量D．为了把电阻值测得更准确些,应换用“×100”挡,重新调整欧姆零点后测量【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题;恒定电流专题．【分析】欧姆表的零刻度在表盘的右侧，当指针偏转角度较小时,说明电阻较大．每次换挡需重新欧姆调零．【解答】解：因为欧姆表的零刻度在表盘的右侧,用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，知电阻值很大,为准确测量电阻阻值,需换用大挡,即“×100”挡,重新测量.故AC错误，BD正确.故选：ＢD.【点评】解决本题的关键掌握欧姆表表盘的特点,以及掌握用欧姆表测量电阻的一般步骤．二、填空与实验题(每空2分共1４分）1５.如图所示是两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时,量程为0～10V,当使用a、c 两个端点时,量程为0~1０0V．已知电流表的内阻Ｒg为500Ω，满偏电流I g为２mA,求电阻R1、R2的值．【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题.【分析】将电流表改装成电压表时应串联大电阻,示数为表头及电阻两端的总电压;流过表头及电阻的电流相等.【解答】解:当使用a、ｂ两个端点时,由欧姆定律得U1=１0V=Ｉg（R1+Ｒg),当使用a、c两个端点时,由欧姆定律得U2=100V=I g（R２+Ｒ１+Rｇ），代入数据解得:R１=45０0Ω,R２=45０00Ω．答：电阻R1、R2的值分别为4500Ω、4500０Ω.【点评】本题考查电流表的改装，把电流表改装为电压表,应串联大电阻,应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题.16．某同学要测量一节旧电池的电动势和内阻，实验器材仅有一个电流表、一个电阻箱、一个开关和导线若干，该同学按如图所示电路进行实验,测得的数据如下表所示.作R﹣图象图象的斜率等于Ｋ,图象的截距的绝对值等于b，则电池的电动势为K 电池的内阻为b .【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】由闭合电路欧姆定律可得出对应的表达式;再由图象交点及斜率的意义则可求得电动势和内电阻；【解答】解:由闭合电路欧姆定律可知：I=则R=﹣r由公式及数学知识可得：图象中的E=K；r=b故答案为:Ｋ；ｂ【点评】本题考查电源的电动势和内电阻的实验;要注意利用闭合电路欧姆定律得出正确的表达式，再结合图象即可得出正确结论;１７．把电流表改装为电压表的实验中,分3个主要步骤．实验中给出的器材有：①电流表(量程0﹣１00μＡ）②标准电压表(量程0﹣5V)③电阻箱(0﹣99９99Ω)④电阻箱（０﹣99９9Ω)⑤电源(电动势６Ｖ,有内阻）⑥电源(电动势２V，有内阻)⑦电源(电动势１2Ｖ，有内阻)⑧滑动变阻器(0﹣50Ω，额定电流１.5Ａ）⑨电键两只，导线若干首先要用半偏法测定电流表的内阻．如果采用如图所示的电路测定电流表A的内电阻并且要想得到较高的精确度，那么从以上给出的器材中,可变电阻R1应选用③，可变电阻R2应选用④，电源E应选用⑤．(用序号表示)【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】本实验通过半偏法测量电流表G的内阻,抓住整个电路电流要基本保持不变，确定选择的器材．并联电阻后总电流变大,故通过并联电阻的电流大于电流表的电流，则其电阻小于电流表的内阻，即R′小于真实值,所以这种方法测出的电流表的内阻Rｇ比它的真实值偏小．【解答】解：利用半偏法测量电流表G的内阻，要保证总电流基本不变,则R１的阻值远大于R2的阻值,电动势选择大一些的.故可变电阻Ｒ1应该选择③;可变电阻R２应该选择④；电源E应该选择⑤．并联电阻后总电流变大,故通过并联电阻的电流大于电流表的电流，则其电阻小于电流表的内阻，即R′小于真实值，所以这种方法测出的电流表的内阻Ｒg比它的真实值偏小．。