高中数学竞赛辅导讲义第九讲 不等式

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高中数学奥赛讲义:竞赛中常用的重要不等式

高中数学奥赛讲义:竞赛中常用的重要不等式

高中数学奥赛讲义:竞赛中常用的重要不等式第一篇:高中数学奥赛讲义:竞赛中常用的重要不等式高中数学奥赛讲义:竞赛中常用的重要不等式【内容综述】本讲重点介绍柯西不等式、排序不等式、切比雪夫不等式的证明与应用【要点讲解】目录§1 柯西不等式§2 排序不等式§3 切比雪夫不等式★ ★ ★§1。

柯西不等式定理1 对任意实数组恒有不等式“积和方不大于方和积”,即等式当且仅当本不等式称为柯西不等式。

时成立。

思路一证不等式最基本的方法是作差比较法,柯西不等式的证明也可首选此法。

证明1∴右-左=当且仅当思路2 注意到证明2当当定值时,等式成立。

时不等式显然成立,当时,不等式左、右皆正,因此可考虑作商比较法。

时等式成立;时,注意到=1故当且仅当且(两次放缩等式成立条件要一致)即同号且常数,亦即思路3 根据柯西不等式结构,也可利用构造二次函数来证明。

证明3 构造函数由于。

恒非负,故其判别式即有等式当且仅当若常数时成立。

柯西不等式显然成立。

例1 证明均值不等式链:调和平均数≤算术平均数≤均方平均数。

证设本题即是欲证:本题证法很多,现在我们介绍一种主要利用柯西不等式平证明的方法(1)先证注意到此即由柯西不等式,易知②成立,从而①真欲证①,即需证②①(11)再证欲证③,只需证, ③而④即要证④⑤(注意由柯西不等式,知⑤成立.(Ⅰ)(Ⅱ)中等式成立的条件都是)即各正数彼此相等.说明:若再利用熟知的关系(★)(其中,结合代换,即当且仅当式链时,等式成立,说明★的证明参见下节排序不证式或数学归纳法,这样就得到一个更完美的均值不等其中等式成产条件都是§2.排序不等式定理2设有两组实数,.满足则(例序积和)(乱序积和)(须序积和)其中是实数组时成立。

一个排列,等式当且仅当或说明本不等式称排序不等式,俗称例序积和乱序积和须序积和。

证法一.逐步调整法首先注意到数组也是有限个数的集合,从而也只有有限个不同值,故其中必有最大值和最小值(极端性原理)。

高中数学基础讲义9均值不等式-简单难度-讲义

高中数学基础讲义9均值不等式-简单难度-讲义

均值不等式知识讲解一、等号成立条件条件:对于任意实数a b ,,222a b ab +≥,当且仅当a b =时,等号成立. 证明:2222()a b ab a b +-=-,当a b ≠时,2()0a b ->;当a b =时,2()=0a b -.222a b ab ∴+≥,当且仅当a b =时,等号成立.二、均值不等式定义:如果a b ,,是正数,那么2a bab +≥,当且仅当a b =时,有等号成立.此结论又称均值不等式或基本不等式.证明:2222()()()0a b ab a b a b +-=+=-≥,即a b ab +≥2,所以2a bab +≥三、均值不等式的几何解释解释:对于任意正实数a b ,,以AB a b =+的线段为直径做圆,在直线AB 上取点C ,使,AC a CB b ==,过点C 作垂直于直线AB 的弦DD ',连接AD 、DB 、如图已知Rt ACD Rt DCB ∆∆,那么2DC AC BC =⋅,即=CD ab .这个圆的半径为2a b+,显然2a bab +≥,当且仅当点C 与圆心重合,即a b =时,等号成立.abb aD 'D C B A四、均值不等式的理解1.对于任意两个实数a b ,,2a b+叫做a b ,a b ,的几何平均值.此定理可以叙述为:两个正数的算术平均数不小于他们的几何平均数.2.对于=“”的理解应为a b =是2a b +a b ≠,则2a b+3.注意222a b ab +≥和2a b+>a b R ∈,,后者是+a b R ∈,五、极值定理1.若x y s +=(和为定值),则当x y =时,xy 取得最大值是24s;【证明】x y ,都是正数,2x y +x y s +=,22()24x y s xy +≤=,当且仅当x y =时,xy 取得最大值是24s;2.若=xy p (积为定值),则当x y =时,x y +取得最小值是;【证明】x y ,都是正数,2x y +≥x y =时,等号成立.又=xy p ,x y +≥.【注意】利用极值定理求最大值或最小值是应注意:①注意均值不等式的前提条件:函数式中的各项必须都是正数,在异号时不能运用均值不 等式,在同负时可以先进行转化,再运用均值不等式;②求积xy 最大值时,应看和x y +是否是定值;求和x y +最小值时,看xy 是否为定值. ③通过加减的方法配凑成使用算术平均数与几何平均数定理的形式; ④注意“1”的代换;⑤等号是否成立: 只有具备了不等式中等号成立的条件,才能使函数式取到最大或最小值.否则不能由均值不等式求最值,只能用函数的单调性求最值.运用均值不等式的前提有口诀:一正二定三相等.典型例题一.选择题(共10小题)1.(2018•海拉尔区校级二模)已知正实数x ,y 满足2x +y=1,则xy 的最大值为( ) A .18B .23C .14D .25【解答】解:∵正实数x ,y 满足2x +y=1,则1≥2√2xy ,化为:xy ≤18,当且仅当2x=y=12时取等号.∴xy 的最大值为18.故选:A .2.(2018•延边州模拟)若a >0,b >0,lga +lgb=lg (a +b ),则a +b 的最小值为( ) A .8 B .6C .4D .2【解答】解:由a >0,b >0,lga +lgb=lg (a +b ), 则lg (ab )=lg (a +b ), 即有ab=a +b ,即1a +1b=1, 则a +b=(a +b )(1a +1b )=2+b a +ab≥2+2√b a ⋅ab=4,当且仅当a=b=2时,取得等号.则a +b 的最小值为4. 故选:C .3.(2018春•聊城期末)已知a 、b 是不相等的正数,x=√a+√b√2,y=√a +b ,则x 、y 的关系是( ) A .x >y B .y >xC .x >√2yD .不能确定【解答】解:∵x 2=12(√a +√b )2=12(a +b +2√ab ),y 2=a +b=12(a +b +a +b )>12(a +b +2√ab )=x 2,又∵x >0,y >0. ∴y >x .4.(2017秋•莲湖区校级期末)已知a >0,b >0,a +b=2,则y=1a +4b的最小值是( ) A .92B .72C .5D .4【解答】解:∵a >0,b >0,a +b=2,∴y=1a +4b =12(1a +4b )(a +b )=12(1+4+b a +4a b )≥12(5+2√b a ⋅4a b )=92,当且仅当b=2a 时等号成立, 故选:A .5.(2017秋•陆川县校级期末)已知x ,y >0,且1x +1y=2,则x +2y 的最小值为()A.3−2√2B.3−2√22C.3+2√2D.3+2√22【解答】解:由1x +1y=2得,12x+12y=1,∴(x+2y)(12x+12y)=12+yx+x2y+1≥32+2√yx⋅x2y=32+√2,当且仅当x=√2y=1+√22时取等号.故选:D.6.(2018春•昌吉市期末)当x>0,y>0,1x+9y=1时,x+y的最小值为()A.10B.12 C.14D.16【解答】解:∵x>0,y>0,1x +9y=1,∴x+y=(x+y)(1x+9y)=10+yx+9xy≥10+2√y x⋅9x y=16,当且仅当y=3x=12时取等号.∴x+y的最小值为16.故选:D.7.(2018春•沙坪坝区校级期末)实数a,b均为正数,且a+b=2,则1a+2b的最小值为()A.3B.3+2√2C.4D.32+√2【解答】解:∵a+b=2,∴1a +2b =12(1a +2b )(a +b )=12(1+2a b +b a +2)=12(2a b +b a +3), ∵2a b +b a ≥2√2,当2a b =ba ,即a=2√2﹣2时,等号成立, ∴1a +2b 的最小值为32+√2 故选:D .8.(2018春•南关区校级期末)若正数x ,y 满足x +3y=5xy ,则3x +4y 的最小值是( ) A .245B .285C .6D .5【解答】解:∵正数x ,y 满足x +3y=5xy ,∴x+3y 5xy =1,即15y +35x=1,∴3x +4y=(3x +4y )(15y +35x )=135+3x 5y +12y 5x ≥135+2√3x 5y ⋅12y 5x =5当且仅当3x 5y =12y 5x 即x=1且y=12时取等号,∴3x +4y 的最小值为:5 故选:D .9.(2017秋•武邑县校级期末)若x ,y 是正数,且1x +4y =1,则xy 有( )A .最大值16B .最小值116C .最小值16D .最大值116【解答】解:由于x ,y 是正数,且1x +4y =1,∴1x +4y =1≥2√4xy =4√1xy ,∴1xy ≤116,∴xy ≥16,当且仅当 1x =4y =12时,等号成立,∴xy 有最小值为 16, 故选:C .10.(2017•红桥区模拟)已知x >﹣2,则x +1x+2的最小值为( ) A .﹣12B .﹣1C .2D .0【解答】解:∵x >﹣2,则x +1x+2=x +2+1x+2﹣2≥2√(x +2)⋅1x+2﹣2=0,当且仅当x=﹣1时取等号. ∴x +1x+2的最小值为0.故选:D .二.填空题(共4小题)11.(2018•金山区二模)函数y =x +9x ,x ∈(0,+∞)的最小值是 6 . 【解答】解:∵x >0,∴函数y =x +9x ≥2√x ⋅9x =6,当且仅当x=3时取等号. ∴函数y =x +9x (x >0)的最小值是6.故答案为:6.12.(2017秋•杨浦区校级期末)若正数a 、b 满足log a (4b )=﹣1,则a +b 的最小值为 1 .【解答】解:根据题意,若正数a 、b 满足log a (4b )=﹣1,则有a=14b ,即ab=14,则a +b ≥2√ab =1,即a +b 的最小值为1; 故答案为:1.13.(2018春•秦淮区校级期中)已知正实数x ,y 满足xy=3,则x +y 的最小值是 2√3 .【解答】解:正实数 x ,y 满足 xy=3, 则 x +y ≥2√xy =2√3,当且仅当x=y=√3时,上式取得等号, 则x +y 的最小值为2√3, 故答案为:2√3.14.(2017春•宿迁期末)已知正实数x ,y 满足2x +y=1,则xy 的最大值为 18. 【解答】解:根据题意,正实数x ,y 满足2x +y=1,则xy=12(2x )y ≤12[2x+y 2]2=12×14=18,当且仅当2x=y=12,时等号成立,即xy 的最大值为18;故答案为:18.三.解答题(共1小题)15.(2010•南通模拟)某工厂要建造一个长方体无盖贮水池,其容积为4800m 3,深为3m ,如果池底每1m 2的造价为150元,池壁每1m 2的造价为120元,问怎样设计水池能使总造价最低,最低总造价是多少元?【解答】解:设水池底面一边的长度为xm ,水池的总造价为y 元,则底面积为48003=1600m 2,池底的造价为1600×150=240000元, 则y=240000+720(x +1600x)≥240000+720×2√x ⋅1600x =240000+720×2×40=297600,当且仅当x=1600x,即x=40时,y 有最小值297600(元)答:当水池的底面是边长为40m 的正方形时,水池的总造价最低,最低总造价是297600元.。

高中数学奥林匹克竞赛知识讲座-不等式

高中数学奥林匹克竞赛知识讲座-不等式
. . . A B
n n
B
1 + i
aibi1
i 1
n
nk 2 (n 2) sec 2 ,其中约定 bn 1 b1 。 4 2n
A
A
1 + i
n
B
1
B
证明 如图 1,作边长为 k 的正 n 边形 A1 A2 ... An ,易证
i
A
A
. . .
i
2
sn边形A1 A2 ... An
2
此外,阿贝尔恒等式也是许多有关和式的不等式的导出恒等式:
aibi bn ai ( ai ) bk bk 1 .
i 1 i 1 k 1 i 1
n
n 1
k
2.3
一些著名不等式的应用 例5. 设 a, b, c 为正数且各不相等,求证:
2 2 2 9 . ab bc ca abc

x(
=
x 1 1 4 y 1 1 4 z 1 1 4 ( ) ( ) ( )6 6 , 2 y z yz 2 z x zx 2 x y x y
当且仅当 x y z ,即 a b c 时,等号成立. 评注 换元法常用来去分母、去根号,从而化简数式,对于条件 abc 1 ,常用代换
n
a1a2 ...an 作 代 换
xi
ai ,1 i n ,则 x1 x2 ...xn 1 . G
以下证明:一定存在正整数 p ,对任意的 s ,均有 x p 1 x p 2 ...x p 3 1 。鉴于 x1 x2 ...xn 1 。 那么可取 p n .若它 只需对 s n 进行证明。 如果 x1 , x1 x2 ..., x1 x2 ...xn 这 n 个乘积值均不大于 1, 们 之 中 至 少 有 一 个 大 于 1 , 则 不 妨 设 x1 x2 ...x p 是 其 中 的 最 大 值 , 有

高中数学不等式知识点

高中数学不等式知识点

高中数学不等式知识点在高中数学的学习中,不等式是一个重要的知识板块。

它不仅在数学学科内有着广泛的应用,对于我们解决实际问题也具有重要的意义。

不等式的定义很简单,用不等号(大于>、小于<、大于等于≥、小于等于≤)连接两个数或代数表达式的式子就是不等式。

首先,我们来了解一下不等式的基本性质。

性质 1:如果 a > b,那么 a + c > b + c ;如果 a < b,那么 a +c < b + c 。

这意味着在不等式两边同时加上或减去同一个数,不等号的方向不变。

性质 2:如果 a > b 且 c > 0,那么 ac > bc ;如果 a > b 且 c < 0,那么 ac < bc 。

也就是说,不等式两边同时乘以(或除以)同一个正数,不等号方向不变;不等式两边同时乘以(或除以)同一个负数,不等号方向改变。

性质 3:如果 a > b 且 b > c,那么 a > c 。

这是不等式的传递性。

掌握这些基本性质是解决不等式问题的基础。

接下来,我们看看常见的一元一次不等式。

形如 ax + b > 0 或 ax+ b < 0 (其中a ≠ 0)的不等式就是一元一次不等式。

解一元一次不等式的步骤与解一元一次方程类似,但要特别注意不等式两边乘以(或除以)负数时,不等号方向的变化。

例如,解不等式 2x 5 < 7 。

首先,将-5 移到右边得到 2x < 7 +5 ,即 2x < 12 。

然后两边同时除以 2 ,得到 x <6 。

再来说说一元二次不等式。

形如 ax²+ bx + c > 0 或 ax²+ bx + c < 0 (其中a ≠ 0)的不等式就是一元二次不等式。

解一元二次不等式,需要先求出对应的一元二次方程 ax²+ bx + c = 0 的根,然后根据二次函数的图像来确定不等式的解集。

例如,对于不等式 x² 3x + 2 > 0 ,先解方程 x² 3x + 2 = 0 ,因式分解得到(x 1)(x 2) = 0 ,所以方程的根为 x = 1 和 x = 2 。

2020高中数学竞赛标准讲义:第九章:不等式

2020高中数学竞赛标准讲义:第九章:不等式

2020高中数学竞赛标准讲义:第九章:不等式一、基础知识不等式的差不多性质:〔1〕a>b ⇔a-b>0; 〔2〕a>b, b>c ⇒a>c ; 〔3〕a>b ⇒a+c>b+c ; 〔4〕a>b, c>0⇒ac>bc ;〔5〕a>b, c<0⇒ac<bc; 〔6〕a>b>0, c>d>0⇒ac>bd;〔7〕a>b>0, n ∈N +⇒a n >b n ; 〔8〕a>b>0, n ∈N +⇒n n b a >; 〔9〕a>0, |x|<a ⇔-a<x<a, |x|>a ⇔x>a 或x<-a; 〔10〕a, b ∈R ,那么|a|-|b |≤|a+b|≤|a|+|b|; 〔11〕a, b ∈R ,那么(a-b)2≥0⇔a 2+b 2≥2ab;〔12〕x, y, z ∈R +,那么x+y≥2xy , x+y+z .33xyz ≥前五条是明显的,以下从第六条开始给出证明。

〔6〕因为a>b>0, c>d>0,因此ac>bc, bc>bd ,因此ac>bd ;重复利用性质〔6〕,可得性质〔7〕;再证性质〔8〕,用反证法,假设n n b a ≤,由性质〔7〕得n n n n b a )()(≤,即a≤b ,与a>b 矛盾,因此假设不成立,因此n n b a >;由绝对值的意义知〔9〕成立;-|a|≤a≤|a|, -|b|≤b≤|b|,因此-(|a |+|b|)≤a+b≤|a|+|b|,因此|a+b|≤|a|+|b|;下面再证〔10〕的左边,因为|a|=|a+b-b|≤|a+b|+|b|,因此|a|-|b|≤|a+b|,因此〔10〕成立;〔11〕明显成立;下证〔12〕,因为x+y-22)(y x xy -=≥0,因此x+y≥xy 2,当且仅当x=y 时,等号成立,再证另一不等式,令c z b y a x ===333,,,因为x 3+b 3+c 3-3abc =(a+b)3+c 3-3a 2b-3ab 2-3abc=(a+b)3+c 3-3ab(a+b+c)=(a+b+c)[(a+b)2-(a+b)c+c 2]-3ab(a+b+c)=(a+b+c)(a 2+b 2+c 2-ab-bc-ca)= 21(a+b+c)[(a-b)2+(b-c)2+(c-a)2] ≥0,因此a 3+b 3+c 3≥3abc ,即x+y+z≥33xyz ,等号当且仅当x=y=z 时成立。

高中数学竞赛 不等式

高中数学竞赛 不等式

高 中 数 学 竞 赛 不等式 有答案1.不等式的概念与性质 【一】知识要点1.理解不等式的概念,掌握不等式的性质,能运用性质正确、迅速地对不等式进行转换。

2.在利用不等式的性质时,应特别注意条件的限制。

【二】解题指导 例1: 若610≤≤a ,122a b a ≤≤,c a b =-,求c 的取值范围。

例2:设c d R ,∈+,且c d a +≤,c d b +≤,证明:ca db ab +≤例3:已知函数f x ax c ()=-2满足-≤≤-411f (),-≤≤125f () 求证:-≤≤1320f ()【三】巩固练习 一、选择题1、下列四个命题:(1)若ax b >,则x b a>;(2)若a x a y 22>,则x y >;(3)若()()a x a y 2211+>+,则x y >; (4)若xa y a 22>,则x y >。

其中正确的命题的个数是(A )1个 (B )2个 (C )3个 (D )4个2、若a b ,是任意实数,且a b >,则(A )a b 22> (B )b a>1 (C )lg()a b ->0 (D )b a )21()21(< 3、若a b >+1,下列各式中正确的是 (A )a b 22> (B )ab>1 (C )lg()a b ->0 (D )lg lg a b > 4、已知a b <-<<010,,则下列不等式成立的是(A )a ab ab >>2 (B )ab ab a 2>> (C )ab a ab >>2 (D )ab ab a >>2 5、若x y z ,,均为大于-1的负数,则一定有 (A )x y z 2220--< (B )xyz >-1(C )x y z ++<-3 (D )()xyz 21> 6、当a b c >>时,下列不等式成立的是(A )ab ac > (B )a c b c ||||> (C )||||ab bc > (D )()||a b c b -->0 二、填空题1、已知a b c R ,,∈,且a c b <<,则c ab 2+ ()a b c +(用不等号连结)。

高中数学竞赛培训专题讲座(不等式)(2021年整理)

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高中数学竞赛培训专题讲座:重要不等式(一)一.基础知识 (1) 均值不等式设12,,...,n a a a 是n 个正实数,记12,111...n n nn H G a a a ==+++12...,n n n a a a A Q n +++==分别称,,,n n n n Q G H A 为这n 个正数的调和平均,几何平均,算术平均和平方平均,则 n n n n Q G H A ≤≤≤,等号成立当且仅当12...n a a a ===。

特别地,①2,)112a b a b R a b++≤≤≤∈+(当且仅当a b =时取等号); ② 222()(,)22a b a b ab a b R ++≤≤∈,3()(,,)3a b c abc a b c R +++≤∈,,,)a b c a b c R +++≥∈;③2()3()a b c ab bc ca ++≥++. (2) Cauchy 不等式设,i i a b R ∈ (1,2,...,)i n =,则222111(()())nnni i i i i i i a b a b ===≤∑∑∑,当且仅当0(1,2,..,)i i n b ==或存在一个常数λ,使得i i a b λ=(1,2,..,)i n =时,等号成立.推论1:设R ,i i a b +∈R ∈ (1,2,...,)i n =,则22111()nnni i i i i i i b a b a ===≥∑∑∑; 推论2:设,R i i a b +∈(1,2,...,)i n =,则2111()nn ni i iii i i ib a b b a ===≥∑∑∑.二.例题精讲1.已知1212,,,,,,,n n a a a b b b ⋅⋅⋅⋅⋅⋅都是正数.求证≥。

山东省实验中学高中数学竞赛辅导——不等式部分

山东省实验中学高中数学竞赛辅导——不等式部分

重要不等式应用汇总1. 排序不等式:设,...21n a a a ≤≤≤ n b b b ≤≤≤...21 n j j j ,...,,21是n ,...,2,1的一个排列,则..........221121112121n n j n j j n n n b a b a b a b a b a b a b a b a b a n +++≤+++≤+++- 2. 均值不等式:当+∈R a i (n i ,2,1=)时,有:na a a na a a a a a a a a nn nnn n22221212121111+++≤+++≤≤+++3. 柯西不等式:设),...2,1(,n i R b a i i =∈则.)())((211212i ni i ni in i i b a ba ∑∑∑===≥等号成立当且仅当存在R ∈λ,使得),...,2,1(n i a b i i ==λ. 从历史角度看,柯西不等式又可称柯西--布理可夫斯基-席瓦兹不等式 变形:(1)设+∈∈R b R a i i ,则.)()(11212∑∑∑===≥ni i ni i ni iib a b a(2)设i i b a ,同号,且,0,≠i i b a 则.)()(1121∑∑∑===≥ni i i ni i ni ii b a a b a4. 琴生(Jensen )不等式:若)(x f 是),(b a 上的凸函数,则对任意),(,...,,21b a x x x n ∈)].(...)()([1)...(2121n n x f x f x f nn x x x f +++≤+++5.幂均值不等式:设α)(0+∈>>R a i β 则 .)...()...(121121βββββαααααM na a a n a a a M nn =+++≥+++=6. 切比雪夫不等式:设两个实数组n a a a ≤≤≤...21,n b b b ≤≤≤...21则)....(1)...(12211111121n n ni in i i n n n b a b a b a nnbna b a b a b a n+++≤⋅≤+++∑∑==- (该不等式的证明只用排序不等式及∑∑==⋅n i ini ib a 11的表达式就可得证)7.一个基础不等式:y x y x )1(1αααα-+≤- 其中]1,0[,0,∈≥αy x ,若y x ,中有一个为零,则结论成立8.赫尔德(Holder )不等式:设 ).,...2,1(0,n k b a k k =≥ 1,≥q p 且111=+qp ,则 qnk q kpnk p kknk k b a ba 11111)()(∑∑∑===⋅≤(等号成立当且仅当q k p k tb a =)*9.与对数函数有关的一个不等式:x x xx<+<+)1ln(1, .0>x (该不等式的证明利用导数的符号得出函数的单调性)*10.三角函数有关的不等式:x x x tan sin << )2,0(π∈x*11.绝对值不等式: 设C a a a b a n ∈ ,,,,21,则有:│|a |-|b |│≤│a +b │≤│a │+│b │;│n a a a +++ 21│≤n a a a +++ 21*12.舒尔(Schur )不等式:设+∈R z y x ,,,则0))(())(())((≥--+--+--y z x z z z y x y y z x y x x *13. 闵可夫斯基(Minkowski )不等式:如果n x x x ,......,,21与n y y y ,......,,21都是非负实数1≥p , 那么pni p ipni pippi ni i y x y x 111111)()())((∑∑∑===+≤+14. 贝努利不等式(1)设2,,2,1,1≥=->n n i x i 且同号,则∑∏==+>+ni in i ixx 111)1((2)设1->x ,则(ⅰ)当10<<α 时,有x x αα+≤+1)1(;(ⅱ)当1>α或0<α 时,有x x αα+≥+1)1(,上两式当且仅当0=x 时等号成立。

高中数学竞赛解题方法篇(不等式)

高中数学竞赛解题方法篇(不等式)

高中数学竞赛中不等式的解法摘要:本文给出了竞赛数学中常用的排序不等式,平均值不等式,柯西不等式和切比雪夫不等式的证明过程,并挑选了一些与这几类不等式相关的一些竞赛题进行了分析和讲解。

希望对广大喜爱竞赛数学的师生有所帮助。

不等式在数学中占有重要的地位,由于其证明的困难性和方法的多样性,而成为竞赛数学中的热门题型.在解决竞赛数学中的不等式问题的过程中,常常要用到几个著名的代数不等式:排序不等式、平均值不等式、柯西不等式、切比雪夫不等式.本文就将探讨这几个不等式的证明和它们的一些应用.1.排序不等式 定理1设1212...,...n n a a a b b b ≤≤≤≤≤≤,则有1211...n n n a b a b a b -+++ (倒序积和)1212...n r r n r a b a b a b ≤+++(乱序积和) 1122 ...n n a b a b a b ≤+++(顺序积和)其中1,2,...,n r r r 是实数组1,2,...,n b b b 一个排列,等式当且仅当12...n a a a ===或12...n b b b ===时成立.(说明: 本不等式称排序不等式,俗称倒序积和乱序积和顺序积和.)证明:考察右边不等式,并记1212...n r r n r S a b a b a b =+++。

不等式1212...nr r n r S a b a b a b ≤+++的意义:当121,2,...,n r r r n===时,S 达到最大值1122 ...n n a b a b a b +++.因此,首先证明n a 必须和n b 搭配,才能使S 达到最大值.也即,设n r n <且n b 和某个()k a k n <搭配时有.n n k n n r k r n n a b a b a b a b +≤+ (1-1)事实上, ()()()0n n n n nk r k n n r n r n k a b a b a b a b b b a a +-+=--≥不等式(1-1)告诉我们当nr n <时,调换n b 和n r b 的位置(其余n-2项不变),会使和S 增加.同理,调整好n a 和n b 后,再调整1n a -和1n b -会使和增加.经过n 次调整后,和S 达到最大值1122 ...n n a b a b a b +++,这就证明了1212...n r r n r a b a b a b +++1122 ...n n a b a b a b ≤+++.再证不等式左端,由1211...,...n n n a a a b b b -≤≤≤-≤-≤≤-及已证明的不等式右端,得1211(...)nn n a b a b a b --+++1212(...)n r r n r a b a b a b ≥-+++即 1211...n n n a b a b a b -+++1212...n r r n r a b a b a b ≤+++ .例1 (美国第3届中学生数学竞赛题)设a,b,c 是正数,求证:3()a b c a b ca b c abc ++≥.思路分析:考虑两边取常用对数,再利用排序不等式证明. 证明:不妨设ab c ≥≥,则有lg lg lg a b c ≥≥根据排序不等式有:lg lg lg lg lg lg a a b b c c a b b c c a ++≥++lg lg lg lg lg lg a a b b c c a c b a c b ++≥++ 以上两式相加,两边再分别加上 lg lg lg a a b b c c ++有 3(lg lg lg )()(lg lg lg )a a b b c c a b c c a b ++≥++++ 即 lg lg 3a b ca b cab c abc ++≥故 3()a b c a b cab c abc ++≥ .例2 设a,b,c R +∈,求证:222222333222a b b c c a a b c a b c c a b bc ca ab+++++≤++≤++. 思路分析:中间式子每项都是两个式子之和,将它们拆开,再用排序不等式证明. 证明:不妨设ab c ≥≥,则 222a b c ≥≥且111c b a≥≥根据排序不等式,有222222111a b c a b c c a b a b c++≥++222222111a b c a b c b c a a b c++≥++ 两式相加除以2,得222222222a b b c c a a b c c a b+++++≤++再考虑333ab c ≥≥,并且111bc ca ab≥≥ 利用排序不等式,333333111 a b c a b c bc ca ab ca ab bc++≥++333333111 a b c a b c bc ca ab ab bc ac++≥++ 两式相加并除以2,即得222222333222a b b c c a a b c c a b bc ca ab+++++≤++ 综上所述,原不等式得证.例3 设12120...,0...n n a a a b b b ≤≤≤≤≤≤≤≤,而1,2,...,n i i i 与1,2,...,n j j j 是1,2,...,n 的两个排列. 求证:1111r snnnni j r sr s r s a b a b r sr s ====≥++∑∑∑∑. (1-2) 思路分析:已知条件中有两组有序实数,而式(1-2)具有“积和”形式,考虑使用排序不等式.证明:令 1s nj rs b d r s==+∑(r=1,2,...,n )显然 12...n d d d ≥≥≥ 因为 12...n b b b ≤≤≤ , 且111...(1)1r n r n r ≤≤≤++-+ 由排序不等式1nsr s b d r s =≤+∑ 又因为 12...n a a a ≤≤≤所以 11rnnr r i r r r a d a d ==≤∑∑且111nnnsr r r r s r b a a d r s ===≤+∑∑∑(注意到r a ≥0)故11111r ssrn nn nni j j iri rr s r s r a b b a a dr s r s =======++∑∑∑∑∑11111nn nn ns r s r r r r r s r s b a ba d a r s r s=====≥≥=++∑∑∑∑∑ 故 原式得证.2.均值不等式定理2 设12,,...,n a a a 是n 个正数,则()()()()H n G n A n Q n ≤≤≤称为均值不等式.其中,121()111...nH n a a a =+++,()G n =12...()na a a A n n+++=,()Q n =分别称为12,,...,n a a a 的调和平均数,几何平均数,算术平均数,均方根平均数. 证明: 先证 ()()G n A n ≤.记c= i ia b c=,则 原不等式12...n b b b n ⇔+++≥其中 12121...( (1)n n b b b a a a c == 取 12,,...,n x x x 使 11212123,,...,,n n n x x xb b b x x x --=== 则 1.n n x b x = 由排序不等式,易证111221......n n n n x x x b b b n x x x -+++=+++≥下证()()A n Q n ≤因为 222212121...[(...)n n a a a a a a n+++=+++22212131()()...()n a a a a a a +-+-++-2222232421()()...()...()n n n a a a a a a a a -+-+-++-++-]2121(...)n a a a n≥+++ 所以12...n a a a n +++≤从上述证明知道,当且仅当12...n a a a ===时,不等式取等号.下面证明 ()()H n G n ≤对n 个正数12111,,...,na a a ,应用 ()()G n H n ≤,得12111...n a a a n +++≥即 ()()H n G n ≤(等号成立的条件是显然的).例4已知2201,0a x y <<+=,求证:1log ()log 28x y a a a a +≤+. 证明:由于 01a <<,0,0x y a a >>,有xy aa +≥=从而log ()log log 22xy a a a x ya a ++≤=+下证128x y +≤ , 即 14x y +≤。

全国高中数学竞赛专题不等式

全国高中数学竞赛专题不等式

全国高中数学竞赛专题-不等式证明不等式就是对不等式的左右两边或条件与结论进行代数变形和化归,而变形的依据是不等式的性质,不等式的性质分类罗列如下: 不等式的性质:.0,0<-⇔<>-⇔≥b a b a b a b a 这是不等式的定义,也是比较法的依据. 对一个不等式进行变形的性质: 1a b b a <⇔>对称性2c b c a b a +>+⇔>加法保序性3.0,;0,bc ac c b a bc ac c b a <⇒<>>⇒>>4*).(,0N n b a b a b a nn nn ∈>>⇒>>对两个以上不等式进行运算的性质.1c a c b b a >⇒>>,传递性.这是放缩法的依据. 2.,d b c a d c b a +>+⇒>> 3.,d b c a d c b a ->-⇒<> 4.,,0,0bc ad dbc a cd b a >>⇒>>>> 含绝对值不等式的性质:1.)0(||22a x a a x a a x ≤≤-⇔≤⇔>≤ 2.)0(||22a x a x a x a a x -≤≥⇔≥⇔>≥或 3||||||||||||b a b a b a +≤±≤-三角不等式.4.||||||||2121n n a a a a a a +++≤+++证明不等式的常用方法有:比较法、放缩法、变量代换法、反证法、数学归纳法、构造函数方法等.当然在证题过程中,常可“由因导果”或“执果索因”.前者我们称之为综合法;后者称为分析法.综合法和分析法是解决一切数学问题的常用策略,分析问题时,我们往往用分析法,而整理结果时多用综合法,这两者并非证明不等式的特有方法,只是在不等式证明中使用得更为突出而已.此外,具体地证明一个不等式时,可能交替使用多种方法.因此,要熟练掌握不等式的证明技巧,必须从学习这些基本的常用方法开始;1.比较法比较法可分为差值比较法和商值比较法; 1差值比较法原理:A - B >0A >B .例1 设a, b, c ∈R +, 试证:对任意实数x, y, z, 有x 2+y 2+z 2.))()((2⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛++++++++≥xz b a c yz a c b xy c b a a c c b b a abc 证明:左边-右边= x 2+y 2+z 2222()()()()()()ab bc caxy yz xz b c c a a b c a a b b c ---++++++所以左边≥右边,不等式成立;2商值比较法原理:若>1,且B>0,则A>B;例2 若a<x<1,比较大小:|log a 1-x|与|log a 1+x|.解:因为1-x ≠1,所以log a 1-x ≠0,|)1(log ||)1(log |x x a a -+=|log 1-x 1+x|=-log 1-x 1+x=log 1-x x +11>log 1-x 1-x=1因为0<1-x 2<1,所以x+11>1-x>0, 0<1-x<1.所以|log a 1+x|>|log a 1-x|.2.分析法即从欲证不等式出发,层层推出使之成立的充分条件,直到已知为止,叙述方式为:要证……,只需证……;例3 已知a, b, c ∈R +,求证:a+b+c-33abc ≥a+b .2ab -证明:要证a+b+c 33b a c ⋅⋅-≥a+b .2ab -只需证332abc ab c ≥+, 因为33332abc b a c ab ab c ab c =⋅⋅≥++=+,所以原不等式成立;例4 已知实数a, b, c 满足0<a ≤b ≤c ≤21,求证:.)1(1)1(1)1(2a b b a c c -+-≤- 证明:因为0<a ≤b ≤c ≤21,由二次函数性质可证a1-a ≤b1-b ≤c1-c, 所以)1(1)1(1)1(1c c b b a a -≥-≥-,所以)1(2)1(2)1(1)1(1c c b b b b a a -≥-≥-+-,所以只需证明)1(1)1(1)1(1)1(1a b b a b b a a -+-≤-+-,也就是证)1)(1()1)(1(b a b ba b a a b a ---≤---,只需证ba-b ≤aa-b,即a-b 2≥0,显然成立;所以命题成立;3.综合法例5 若a,b,c>0,求证:abc≥a+b -cb+c-ac+a-b; 证明:∵a+b -c+b+c-a=2b >0, b+c-a+c+a-b=2c >0,c+a-b+a+b-c=2a >0,∴a+b -c,b+c-a,c+a-b 中至多有一个数非正.1当a+b-c,b+c-a,c+a-b 中有且仅有一个数为非正时,原不等式显然成立. 2a+b-c,b+c-a,c+a-b 均为正时,则()()()()2a b c b c a a b c b c a b +-++-+-+-≤=同理()()()(),,a b c a c b a b c a a c b c +-+-≤+-+-≤三式相乘得abc ≥a+b -cb+c-ac+a-b例6 已知△ABC 的外接圆半径R=1,S △ABC =,a,b,c 是△ABC 的三边长,令S=,t=;求证:t>S;解:由三角形面积公式:1sin 2bc A .正弦定理:a/sinA=2R.可得abc=1.所以bc ac ab aabc b abc c abc a b c 所以t>s;4.反证法例7 设实数a 0, a 1,…,a n 满足a 0=a n =0,且a 0-2a 1+a 2≥0, a 1-2a 2+a 3≥0,…, a n-2-2a n-1+a n ≥0,求证a k ≤0k=1, 2,…, n-1.证明:假设a k k=1, 2,…,n-1 中至少有一个正数,不妨设a r 是a 1, a 2,…, a n-1中第一个出现的正数,则a 1≤0, a 2≤0,…, a r-1≤0, a r >0. 于是a r -a r-1>0,依题设a k+1-a k ≥a k -a k-1k=1, 2, …, n-1;所以从k=r 起有a n -a k-1≥a n-1-a n-2 ≥…≥a r -a r-1>0.因为a n ≥a k-1≥…≥a r+1≥a r >0与a n =0矛盾;故命题获证;5.数学归纳法例8 对任意正整数n ≥3,求证:n n+1>n+1n.证明:1当n=3时,因为34=81>64=43,所以命题成立;2设n=k 时有k k+1>k+1k,当n=k+1时,只需证k+1k+2>k+2k+1,即12)2()1(++++k k k k >1.因为1)1(1>++k k k k ,所以只需证12)2()1(++++k k k k kk k k )1(1+>+, 即证k+12k+2>kk+2k+1,只需证k+12>kk+2,即证k 2+2k+1>k 2+2k. 显然成立; 所以由数学归纳法,命题成立;6.分类讨论法例9 已知x, y, z ∈R +,求证:.0222222≥+-++-++-yx x z x z z y z y y x 证明:不妨设x ≥y, x ≥z.ⅰx ≥y ≥z,则zy z x y x +≤+≤+111,x 2≥y 2≥z 2,由排序原理可得 yx x x z z z y y y x z x z y z y x +++++≥+++++222222,原不等式成立; ⅱx ≥z ≥y,则zy y x z x +≤+≤+111,x 2≥z 2≥y 2,由排序原理可得 yx x x z z z y y y x z x z y z y x +++++≥+++++222222,原不等式成立; 7.放缩法即要证A>B,可证A>C 1, C 1≥C 2,…,C n-1≥C n , C n >Bn ∈N +.例10 已知a, b, c 是△ABC 的三条边长,m>0,求证:.mc cm b b m a a +>+++ 证明:m b a m m b a b a m b a b m b a a m b b m a a ++-=+++=+++++>+++1mc cm c m +=+->1 因为a+b>c,得证; 8.引入参变量法例11 已知x, y ∈R +, l, a, b 为待定正数,求fx, y=2323yb x a +的最小值;解: 设k x y =,则k kly k l x +=+=1,1,fx,y==⎪⎪⎭⎫⎝⎛++23322)1(k b a l k 22333233333211111l k a k b k b k b k a k a b a l ≥⎪⎪⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+⋅+⋅+⋅++++ a 3+b 3+3a 2b+3ab 2=23)(l b a +,等号当且仅当y bx a =时成立;所以fx, y min =.)(23lb a + 例12 设x 1≥x 2≥x 3≥x 4≥2, x 2+x 3+x 4≥x 1,求证:x 1+x 2+x 3+x 42≤4x 1x 2x 3x 4. 证明:设x 1=kx 2+x 3+x 4,依题设有31≤k ≤1, x 3x 4≥4, 原不等式等价于1+k 2x 2+x 3+x 42≤4kx 2x 3x 4x 2+x 3+x 4,即kk 4)1(2+x 2+x 3+x 4 ≤x 2x 3x 4,因为fk=k+k 1在⎥⎦⎤⎢⎣⎡1,31上递减, 所以k k 4)1(2+x 2+x 3+x 4=)21(41++kk x 2+x 3+x 4≤42313++·3x 2=4x 2≤x 2x 3x 4. 所以原不等式成立;9.局部不等式例13 已知x, y, z ∈R +,且x 2+y 2+z 2=1,求证:222111zz y y x x -+-+-.233≥ 证明:先证.233122x xx ≥- 因为x1-x 2=3323221)1(2213222=⎪⎭⎫ ⎝⎛⋅≤-⋅x x , 所以.233332)1(122222x x x x x x x =≥-=- 同理222331y yy ≥-,222331z z z ≥-, 所以.233)(233111222222=++≥-+-+-z y x z z y y x x 例14 已知0≤a, b, c ≤1,求证:111+++++ab cca b bc a ≤2; 证明:先证.21cb a abc a ++≤+ ①即a+b+c ≤2bc+2. 即证b-1c-1+1+bc ≥a.因为0≤a, b, c ≤1,所以①式成立; 同理.21,21cb a cab c c b a b ca b ++≤+++≤+ 三个不等式相加即得原不等式成立;10.利用函数的思想例15 已知非负实数a, b, c 满足ab+bc+ca=1,求fa, b, c=a c cb b a +++++111的最小值; 解:当a, b, c 中有一个为0,另两个为1时,fa, b, c=25,以下证明fa, b, c ≥25.不妨设a ≥b ≥c,则0≤c ≤33, fa, b, c=.111222ba cb ac c ++++++ 因为1=a+bc+ab ≤4)(2b a ++a+bc,解关于a+b 的不等式得a+b ≥212+c -c. 考虑函数gt=tc t 112++, gt 在+∞+,12c 上单调递增;又因为0≤c ≤33,所以3c 2≤1. 所以c 2+a ≥4c 2. 所以2)1(2c c -+≥.12+c 所以fa, b, c=b a c b a c c ++++++111222≥)1(211)1(2122222c c c c c c c -+++-+++ =1112222+++++c cc c c =21321112222+-+⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+++c c c c ≥231422c c ++-下证≥++-c c )11(320 ① ⇔+≥+⇔1332c c c 2+6c+9≥9c 2+9⎪⎭⎫⎝⎛-⇔c c 43≥0 .43≤⇔c因为4333<≤c ,所以①式成立;所以fa, b, c ≥25,所以fa, b, c min =.25 11.构造法例16 证明:≤;提示:构造出x,0到两定点的距离之差,并利用数形结合的方法得知两边差小于第三边且三点共线时取最大值,从而结论得证;12.运用着名不等式1平均值不等式:设a 1, a 2,…,a n ∈R +,记H n =na a a n11121+++ , G n =n n a a a 21, A n =12,na a a n+++22212nn a a a Q n+++=则H n ≤G n ≤A n ≤Q n . 即调和平均≤几何平均≤算术平均≤平方平均;其中等号成立的条件均为a 1=a 2=…=a n .当n=2时,平均值不等式就是已学过的基本不等式及其变式,所以基本不等式实际上是均值不等式的特例证明:由柯西不等式得A n ≤Q n ,再由G n ≤A n 可得H n ≤G n ,以下仅证G n ≤A n .1当n=2时,显然成立;2设n=k 时有G k ≤A k ,当n=k+1时,记k k k a a a a ++1121 =G k+1.因为a 1+a 2+…+a k +a k+1+k-1G k+1≥k k k k k k G a k a a a k 11121-++⋅+≥==+-++k kk k k k k G k G a a a k 22121112122 2kG k+1,所以a 1+a 2+…+a k+1≥k+1G k+1,即A k+1≥G k+1. 所以由数学归纳法,结论成立;例17 利用基本不等式证明.222ca bc ab c b a ++≥++ 思路分析左边三项直接用基本不等式显然不行,考察到不等式的对称性,可用轮换..的方法. 略解ca a c bc c b ab b a 2,2,2223222≥+≥+≥+同理;三式相加再除以2即得证. 评述1利用基本不等式时,除了本题的轮换外,一般还须掌握添项、连用等技巧.如n n x x x x x x x x x +++≥+++ 2112322221,可在不等式两边同时加上.132x x x x n ++++再如证)0,,(256)())(1)(1(32233>≥++++c b a c b a c b c a b a 时,可连续使用基本不等式.2基本不等式有各种变式 如2)2(222b a b a +≤+等.但其本质特征不等式两边的次数及系数是相等的.如上式左右两边次数均为2,系数和为1.例18 已知,0,,1≥=+b a b a 求证:.8144≥+b a 思路分析不等式左边是a 、b 的4次式,右边为常数81,如何也转化为a 、b 的4次式呢.略解要证,8144≥+b a 即证.)(81444b a b a +≥+ 2柯西Cavchy 不等式:设1a 、2a 、3a ,…,n a 是任意实数,则等号当且仅当k ka b i i (=为常数,),,2,1n i =时成立.证明:不妨设),,2,1(n i a i =不全为0,i b 也不全为0因为i a 或i b 全为0时,不等式显然成立.记A=22221n a a a +++ ,B=22221n b b b +++ .且令),,,2,1(,n i Bby A a x i i i i ===则.1,12222122221=+++=+++n n y y y x x x 原不等式化为.12211≤+++n n y x y x y x即≤+++)(22211n n y x y x y x 2222122221n n y y y x x x +++++++ .它等价于.0)()()(2222211≥-++-+-n n y x y x y x其中等号成立的充要条件是).,,2,1(n i y x i i == 从而原不等式成立,且等号成立的充要条件是).(BA k ka b i i == 变式1:若a i ∈R , b i ∈R , i=1, 2, …, n,则.)()()(212112∑∑∑===≥ni i ni i ni iib a b a 等号成立条件为a i =λb i ,i=1, 2, …, n;变式2:设a i , b i 同号且不为0i=1, 2, …, n,则.)(1211∑∑∑===≥ni ii ni i ni iiba ab a 等号成立当且仅当b 1=b 2=…=b n .例19 设+∈R x x x n ,,,21 ,求证:.211221322221n n n n x x x x x x x x x x x +++≥++++-思路分析 注意到式子中的倒数关系,考虑应用柯西不等式来证之. 评述注意到式子中的倒数关系,考虑应用柯西不等式来证之.详解 ∵0,,,21>n x x x ,故由柯西不等式,得2111323212)(x x x x x x x x x x x x n nn n ⋅+⋅++⋅+⋅≥- 2121)(n n x x x x ++++=- ,∴.211221322221n n n n x x x x x x x x x x x +++≥++++-评述这是高中数学联赛题,还可用均值不等式、数学归纳法、比较法及分离系数法和构造函数法等来证之.3排序不等式:又称排序原理设有两个有序数组n a a a ≤≤≤ 21及.21n b b b ≤≤≤ 则n n b a b a b a +++ 2211同序和jn n j j b a b a b a +++≥ 2211乱序和1121b a b a b a n n n +++≥- 逆序和其中n j j j ,,,21 是1,2,…,n 的任一排列.当且仅当n a a a === 21或n b b b === 21时等号对任一排列n j j j ,,,21 成立.证明:不妨设在乱序和S 中n j n ≠时若n j n =,则考虑1-n j ,且在和S 中含有项),(n k b a n k ≠则.n n jn n j n n k b a b a b a b a n +≤+ ① 事实上,左-右=,0))((≥--n j n k n b b a a由此可知,当n j n ≠时,调换n k j n j k j b a b a b a S ++++= 11n j n ≠中n b 与n j 位置其余不动,所得新和.1S S ≥调整好n a 及n b 后,接着再仿上调整1-n a 与1-n b ,又得.12S S ≥如此至多经1-n 次调整得顺序和n n b a b a b a +++ 2211jn n j j b a b a b a +++≥ 2211 ②这就证得“顺序和不小于乱序和”.显然,当n a a a === 21或n b b b === 21时②中等号成立.反之,若它们不全相等,则必存在n j 及k ,使n b .,k n j a a b n >>这时①中不等号成立.因而对这个排列②中不等号成立. 类似地可证“乱序和不小于逆序和”.例20 .222,,,333222222abc ca b bc a b a c a c b c b a c b a R c b a ++≤+++++≤++∈+求证 思路分析中间式子中每项均为两个式子的和,将它们拆开,再用排序不等式证明.略解不妨设ab c c b a c b a 111,,222≥≥≥≥≥≥则, 则b c a b c a 111222⋅+⋅+⋅乱序和c c b b a a 111222⋅+⋅+⋅≥逆序和, 同理b c a b c a 111222⋅+⋅+⋅乱序和cc b b a a 111222⋅+⋅+⋅≥逆序和 两式相加再除以2,即得原式中第一个不等式.再考虑数组abac bc c b a 111333≥≥≥≥及, 仿上可证第二个不等式.例21 设*21,,,N a a a n ∈ ,且各不相同,求证:.32131211223221na a a a n n ++++≤++++思路分析不等式右边各项221ia i a i i ⋅=;可理解为两数之积,尝试用排序不等式. 略解设n n a a ab b b ,,,,,,2121 是的重新排列,满足n b b b <<< 21,又.131211222n>>>>所以223221232213232n b b b b n a a a a n n ++++≥++++.由于n b b b ,,21是互不相同的正整数,故.,,2,121n b b b n ≥≥≥ 从而n nb b b b n 121132223221+++≥++++,原式得证. 评述排序不等式应用广泛,例如可证我们熟悉的基本不等式,,22a b b a b a ⋅+⋅≥+ 例22 在△ABC 中,试证:.23ππ<++++≤c b a cC bB aA思路分析 可构造△ABC 的边和角的序列,应用排序不等式来证明之.详解 不妨设c b a ≤≤,于是.C B A ≤≤由排序不等式,得相加,得)())(()(3c b a C B A c b a cC bB aA ++=++++≥++π,得3π≥++++c b a cC bB aA ①又由,0,0,0b c a c b a a c b -+<-+<-+<有).(2)()3()2()2()()()()()()(0cC bB aA c b a C c B b A a C B A c B C A b A C B a b c a B c b a C a c b A ++-++=-+-+-=-++-++-+=-++-++-+<ππππ得.2π<++++c b a cC bB aA ②由①、②得原不等式成立.例23 设n b b b ,,,21 是正数n a a a ,,,21 的一个排列,求证.2211n b a b a b a nn ≥+++ 思路分析 应注意到),,2,1(11n i a a ii ==⋅略证 不妨设n a a a ≥≥≥ 21,因为n a a a ,,,21 都大于0. 所以有na a a 11121≤≤≤ ,又nn a a a b b b 1,,1,11,,1,12121 是的任意一个排列,于是得到 例24 设正数c b a ,,的乘积1=abc ,试证:.1)11)(11)(11(≤+-+-+-ac c b b a 略解 设xzc z y b y x a ===,,,这里z y x ,,都是正数, 则原需证明的不等式化为y x z x z y z y x xyz y x z x z y z y x -+-+-+≤-+-+-+,,,))()((显然 中最多只有一个非负数.若y x z x z y z y x -+-+-+,,中恰有一个非正数,则此时结论显然成立.若y x z x z y z y x -+-+-+,,均为正数,则z y x ,,是某三角形的三边长.容易验证)].()()([(31))()((222z y x z y x z y x z y x y x z x z y z y x -++-++-+≤-+-+-+故得.))()((xyz y x z x z y z y x ≤-+-+-+ 评述 利用上述换元的方法可解决同类的问题.见下题:设正数a 、b 、c 的乘积,1=abc 证明.23)(1)(1)(1222≥+++++b a c a c b c b a 证明:设1,1,1,1====xyz zc y b x a 则,且所需证明的不等式可化为23222≥+++++y x z x z y z y x , 现不妨设z y x ≥≥,则yx z x z y z y x +≥+≥+, 据排序不等式 得y x z x z y z y x +++++222yx z y x z y x z y x z +⋅++⋅++⋅≥ 及y x z x z y z y x +++++222yx z x x z y z z y x y +⋅++⋅++⋅≥ 两式相加并化简可得)(2222y x z x z y z y x +++++.333=≥++≥xyz z y x 4切比雪夫不等式:若n a a a ≤≤≤ 21,n b b b ≤≤≤ 21 ,则.21212211nb b b n a a a n b a b a b a n n n n +++⋅+++≥+++证明:由题设和排序不等式,有n n b a b a b a +++ 2211=n n b a b a b a +++ 2211,132212211b a b a b a b a b a b a n n n +++≥+++ ,…… 将上述n 个不等式叠加后,两边同除以n 2,即得欲证的不等式.。

全国高中数学竞赛专题-不等式

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全国高中数学竞赛专题-不等式(2)商值比较法(原理:若>1,且B>0,则A>B 。

)例2 若a<x<1,比较大小:|log a (1-x)|与|log a (1+x)|. 解:因为1-x ≠1,所以log a (1-x)≠0,|)1(log ||)1(log |x x aa -+=|log (1-x)(1+x)|=-log (1-x)(1+x)=log (1-x)x +11>log (1-x)(1-x)=1(因为0<1-x 2<1,所以x+11>1-x>0, 0<1-x<1). 所以|log a (1+x)|>|log a (1-x)|.2.分析法(即从欲证不等式出发,层层推出使之成立的充分条件,直到已知为止,叙述方式为:要证……,只需证……。

)例3 已知a, b, c ∈R +,求证:a+b+c-33abc ≥a+b .2ab - 证明:要证a+b+c 33b a c ⋅⋅-≥a+b .2ab -只需证332abc ab c ≥+,因为33332abc b a c ab ab c ab c =⋅⋅≥++=+, 所以原不等式成立。

例 4 已知实数a, b, c 满足0<a ≤b ≤c ≤21,求证:.)1(1)1(1)1(2a b b a c c -+-≤-证明:因为0<a ≤b ≤c ≤21,由二次函数性质可证a(1-a) ≤b(1-b) ≤c(1-c),所以)1(1)1(1)1(1c c b b a a -≥-≥-, 所以)1(2)1(2)1(1)1(1c c b b b b a a -≥-≥-+-, 所以只需证明)1(1)1(1)1(1)1(1a b b a b b a a -+-≤-+-, 也就是证)1)(1()1)(1(b a b b a b a a b a ---≤---,只需证b(a-b) ≤a(a-b),即(a-b)2≥0,显然成立。

全国高中数学联赛辅导课件─不等式(“尝试”相关文档)共9张

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2.(第 36IMO 试题)设 a, b, c 为正实数,且满足abc 1 ,

a3
1 (b
c)
1 b3(a
c)
1 c3(a
b)
的最小值.
3 2
3.已知 a, b, c, d, e 是满足 a b c d e 8 ,
16
a2 b2 c2 d 2 e2 16 的实数解,试求 e 最大值.
∵ 2007 669 3 ∴最大值为 3669
7
1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式;
的最小值为( A )
1思路: 构造重要不等式;
(A) ( a 1思路: 构造重要不等式;
1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式; 1思路: 构造重要不等式;
b )2 (B) 1 ( a 2
b )2 (C) a b (D) a b 2
2.(200 0 1思路: 构造重要不等式;
满足条件 ab+bc+ca=1,则 1 1 1 的最小值 1a 1b 1c
是____. 3(3 3 )
2
9
1思路: 构造重要不等式;
23
(A)5
(B)6 (C)8
(D)9
1思路: 构造重要不等式; 构造均值不等式; 换元法.

全国高中数学竞赛专题-不等式

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全国高中数学竞赛专题-不等式证明不等式就是对不等式的左右两边或条件与结论进行代数变形和化归,而变形的依据是不等式的性质,不等式的性质分类罗列如下: 不等式的性质:.0,0<-⇔<>-⇔≥b a b a b a b a 这是不等式的定义,也是比较法的依据. 对一个不等式进行变形的性质: (1)a b b a <⇔>(对称性)(2)c b c a b a +>+⇔>(加法保序性)(3).0,;0,bc ac c b a bc ac c b a <⇒<>>⇒>> (4)*).(,0N n b a b a b a n n n n ∈>>⇒>> 对两个以上不等式进行运算的性质.(1)c a c b b a >⇒>>,(传递性).这是放缩法的依据. (2).,d b c a d c b a +>+⇒>> (3).,d b c a d c b a ->-⇒<> (4).,,0,0bc ad dbc a cd b a >>⇒>>>> 含绝对值不等式的性质:(1).)0(||22a x a a x a a x ≤≤-⇔≤⇔>≤ (2).)0(||22a x a x a x a a x -≤≥⇔≥⇔>≥或 (3)||||||||||||b a b a b a +≤±≤-(三角不等式).(4).||||||||2121n n a a a a a a +++≤+++证明不等式的常用方法有:比较法、放缩法、变量代换法、反证法、数学归纳法、构造函数方法等.当然在证题过程中,常可“由因导果”或“执果索因”.前者我们称之为综合法;后者称为分析法.综合法和分析法是解决一切数学问题的常用策略,分析问题时,我们往往用分析法,而整理结果时多用综合法,这两者并非证明不等式的特有方法,只是在不等式证明中使用得更为突出而已.此外,具体地证明一个不等式时,可能交替使用多种方法.因此,要熟练掌握不等式的证明技巧,必须从学习这些基本的常用方法开始。

全国高中数学竞赛——不等式专题讲义

全国高中数学竞赛——不等式专题讲义

2022高中数学竞赛---不等式讲义--对几个不等式的认识与思考一、认识并纠正一个不等式例题1:证明或者否定:已知:,,,0>c b a求证:()()()()()().0108510851085222222222≥+--++--++--ab b a a c ca a c c b bc c b b a 证明:【思路分析】假如不等式正确,我们试着证明不等式,不妨设.0,,,≥=-=-≤≤y x y a c x a b c a b a ,,原不等式等价于()()++-++--++=a y xy y x x y x a y x x y x T 32232234420461420111055 .0]441414[222≥+-+a y xy x到这一步,仍然无法证明。

另一方面,令a=1,b=3,c=4,不等式不成立事实上,上述等式不成立原因思考:可能是字母系数[5,-8,10]放大了,下面对不等式调整,纠正这个不等式 分别令[5,-8,10] [5,-5,16];[5,-8,10] [5,-5,10];[5,-8,10][5,-5,9];可以证明下列命题【1】已知:,,,0>c b a求证:()()()()()().0165516551655222222222≥+--++--++--ab b a a c ca a c c b bc c b b a 证明:不妨设.0,,,≥=-=-≤≤y x y a c x a b c a b a ,,()()()()()()ab b a a c ca a c c b bc c b b a Q 165516551655222222222+--++--++--= ()()()++++-++-+=a x y x xy y x y y x y xy x ]26626[65323422 ().0][3222≥+-+a xy y x 所以()()()()()().0165516551655222222222≥+--++--++--ab b a a c ca a c c b bc c b b a 命题【2】已知:,,,0>c b a求证:()()()()()().0105510551055222222222≥+--++--++--ab b a a c ca a c c b bc c b b a 证明:不妨设.0,,,≥=-=-≤≤y x y a c x a b c a b a ,,则()()()()()()ab b a a c ca a c c b bc c b b a Q 105510551055222222222+--++--++--= ()()++-+-+=a x y x y y xy x ]2020[532222().0][2022≥+-a xy y x 所以()()()()()().0105510551055222222222≥+--++--++--ab b a a c ca a c c b bc c b b a命题【3】的研究:判断不等式正误已知:,,,0>c b a求证:()()()()()().0955955955222222222≥+--++--++--ab b a a c ca a c c b bc c b b a 实质上,这个不等式不成立,令a=1,b=20,c=30不等式左边等于-3015小于0.综上所述,这类不等式最强是◆已知:,,,0>c b a求证:()()()()()().0222222222222≥+--++--++--ab b a a c ca a c c b bc c b b a对这个不等式进行改革:思考练习:【1】:已知c b a ,,为正实数,求证:().0256222≥⎪⎭⎫ ⎝⎛+--∑ac c b b a证明:不妨设.0,,,≥=-=-≤≤y x y a c x a b c a b a ,,则()()()()()a y x a y x y x xy y x y x Q 33222222812355+++-+++-=().0][1822≥+-+a xy y x 所以().0256222≥⎪⎭⎫ ⎝⎛+--∑ac c b b a 【2】已知c b a ,,为正实数,求证:()().01075222≥+--∑ac c b b a证明:不妨设.0,,,≥=-=-≤≤y x y a c x a b c a b a ,,则()()()()()a y x a y x y x xy y x y x Q 3322222262055+++-+++-=().0][1622≥+-+a xy y x 所以()().01075222≥+--∑ac c b b a 对该不等式加强,这个不等式是否可以加强为已知c b a ,,为正实数,求证:()().0975222≥+--∑ac c b b a这个不等式似乎是正确的,但是,目前无法证明.二、C -S 与分式不等式例题2:设,,,0>c b a 求证:3222222222≥++++++++abc b a ca b a c bc a c b 证:()()()()()()()()().33]2[233]2[][32)(222222222222242222222222≥++++-≥++++-+≥-+++≥-++∑∑∑∑∑∑∑∑c b bc b a b a b a c b bc b a b a ab b a a GM AM c b bc ba cb S C bc a c b 例题3:设a,b,c>0,求证:.22222≤+++++++++caab bc ca ab c b a c b证: ca ab bc ca ab c b a c b +++++++++2222⎪⎭⎫ ⎝⎛++-+++-+=ab ca bc bc c b a a 212122()()⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛++-++-+=c b a c b a a 22121122。

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第九章 不等式一、基础知识不等式的基本性质:(1)a>b Ûa-b>0; (2)a>b, b>c Þa>c ; (3)a>b Þa+c>b+c ; (4)a>b, c>0Þac>bc ; (5)a>b, c<0Þac<bc; (6)a>b>0, c>d>0Þac>bd; (7)a>b>0, n ∈N +Þa n >b n ; (8)a>b>0, n ∈N +Þn n b a >; (9)a>0, |x|<a Û-a<x<a, |x|>a Ûx>a 或x<-a; (10)a, b ∈R ,则|a|-|b|≤|a+b|≤|a|+|b|; (11)a, b ∈R ,则(a-b)2≥0Ûa 2+b 2≥2ab; (12)x, y, z ∈R +,则x+y ≥2xy , x+y+z .33xyz ³ 前五条是显然的,以下从第六条开始给出证明。

(6)因为a>b>0, c>d>0,所以ac>bc, bc>bd ,所以ac>bd ;重复利用性质(6),可得性质(7);再证性质(8),用反证法,若n n b a £,由性质(7)得n n n n b a )()(£,即a ≤b ,与a>b 矛盾,所以假设不成立,所以n n b a >;由绝对值的意义知(9)成立;-|a|≤a ≤|a|, -|b|≤b ≤|b|,所以-(|a|+|b|)≤a+b ≤|a|+|b|,所以|a+b|≤|a|+|b|;下面再证(10)的左边,因为|a|=|a+b-b|≤|a+b|+|b|,所以|a|-|b|≤|a+b|,所以(10)成立;(11)显然成立;下证(12),因为x+y-22)(y x xy -=≥0,所以x+y ≥xy 2,当且仅当x=y 时,等号成立,再证另一不等式,令c z b y a x ===333,,,因为x 3+b 3+c 3-3abc=(a+b)3+c 3-3a 2b-3ab 2-3abc=(a+b)3+c 3-3ab(a+b+c)=(a+b+c)[(a+b)2-(a+b)c+c 2]-3ab(a+b+c)=(a+b+c)(a 2+b 2+c 2-ab-bc-ca)=21(a+b+c)[(a-b)2+(b-c)2+(c-a)2] ≥0,所以a 3+b 3+c 3≥3abc ,即x+y+z ≥33xyz ,等号当且仅当x=y=z 时成立。

二、方法与例题1.不等式证明的基本方法。

(1)比较法,在证明A>B 或A<B 时利用A-B 与0比较大小,或把BA(A ,B>0)与1比较大小,最后得出结论。

例 1 设a, b, c ∈R +,试证:对任意实数x, y, z, 有x 2+y 2+z 2.))()((2÷÷øöççè++++++++³xz b a c yz a c b xy c b a a c c b b a abc 【证明】 左边-右边=x 2+y 2+z 2yz a c b a bcxy a c c b ab ))((2))((2++-++--++++++-+=++-222))((2))((2y a c c y a c a xy a c c b ab x c b b xz c b b a ca=++++-++++++222))((2))((2x c b c xz c b b a ca z ba az b a b yz a c b a bc .0222³÷÷øöççèæ+-++÷÷øöççèæ+-++÷÷øöççèæ+++x c b c z b a a z b a b y a c c y a c a x c b b 所以左边≥右边,不等式成立。

例2 若a<x<1,比较大小:|log a (1-x)|与|log a (1+x)|. 【解】 因为1-x ¹1,所以log a (1-x)¹0,|)1(log ||)1(log |x x a a -+=|log (1-x)(1+x)|=-log (1-x)(1+x)=log (1-x)x +11>log (1-x)(1-x)=1(因为0<1-x 2<1,所以x+11>1-x>0, 0<1-x<1). 所以|log a (1+x)|>|log a (1-x)|.(2)分析法,即从欲证不等式出发,层层推出使之成立的充分条件,直到已知为止,叙述方式为:要证……,只需证……。

例3 已知a, b, c ∈R +,求证:a+b+c-33abc ≥a+b .2ab - 【证明】 要证a+b+c 33b a c ××-≥a+b .2ab -只需证332abc ab c ³+,因为33332abc b a c ab ab c ab c =×׳++=+,所以原不等式成立。

例 4 已知实数a, b, c 满足0<a ≤b ≤c ≤21,求证:.)1(1)1(1)1(2a b b a c c -+-£- 【证明】 因为0<a ≤b ≤c ≤21,由二次函数性质可证a(1-a) ≤b(1-b) ≤c(1-c),所以)1(1)1(1)1(1c c b b a a -³-³-, 所以)1(2)1(2)1(1)1(1c c b b b b a a -³-³-+-,所以只需证明)1(1)1(1)1(1)1(1a b b a b b a a -+-£-+-, 也就是证)1)(1()1)(1(b a b ba b a a b a ---£---,只需证b(a-b) ≤a(a-b),即(a-b)2≥0,显然成立。

所以命题成立。

(3)数学归纳法。

例5 对任意正整数n(≥3),求证:n n+1>(n+1)n .【证明】 1)当n=3时,因为34=81>64=43,所以命题成立。

2)设n=k 时有k k+1>(k+1)k ,当n=k+1时,只需证(k+1)k+2>(k+2)k+1,即12)2()1(++++k k k k >1. 因为1)1(1>++k k k k ,所以只需证12)2()1(++++k k k k kk k k )1(1+>+,即证(k+1)2k+2>[k(k+2)]k+1,只需证(k+1)2>k(k+2),即证k 2+2k+1>k 2+2k. 显然成立。

所以由数学归纳法,命题成立。

(4)反证法。

例 6 设实数a 0, a 1,…,a n 满足a 0=a n =0,且a 0-2a 1+a 2≥0, a 1-2a 2+a 3≥0,…, a n-2-2a n-1+a n ≥0,求证a k ≤0(k=1, 2,…, n-1).【证明】 假设a k (k=1, 2,…,n-1) 中至少有一个正数,不妨设a r 是a 1, a 2,…, a n-1中第一个出现的正数,则a 1≤0, a 2≤0,…, a r-1≤0, a r >0. 于是a r -a r-1>0,依题设a k+1-a k ≥a k -a k-1(k=1, 2, …, n-1)。

所以从k=r 起有a n -a k-1≥a n-1-a n-2 ≥…≥a r -a r-1>0.因为a n ≥a k-1≥…≥a r+1≥a r >0与a n =0矛盾。

故命题获证。

(5)分类讨论法。

例7 已知x, y, z ∈R +,求证:.0222222³+-++-++-yx x z x z z y z y y x 【证明】 不妨设x ≥y, x ≥z. ⅰ)x ≥y ≥z ,则zy z x y x +£+£+111,x 2≥y 2≥z 2,由排序原理可得 yx x x z z z y y y x z x z y z y x +++++³+++++222222,原不等式成立。

ⅱ)x ≥z ≥y ,则zy y x z x +£+£+111,x 2≥z 2≥y 2,由排序原理可得 yx x x z z z y y y x z x z y z y x +++++³+++++222222,原不等式成立。

(6)放缩法,即要证A>B ,可证A>C 1, C 1≥C 2,…,C n-1≥C n , C n >B(n ∈N +).例8 求证:).2(12131211³<-++++n n nL 【证明】 444344421L L L 12212121414121112131211-÷øöçèæ+++++÷øöçèæ+++>-++++n n n n n 22121121nn n n >--+=-,得证。

例9 已知a, b, c 是△ABC 的三条边长,m>0,求证:.mc cm b b m a a +>+++ 【证明】mb a mm b a b a m b a b m b a a m b b m a a ++-=+++=+++++>+++1 mc cm c m +=+->1(因为a+b>c ),得证。

(7)引入参变量法。

例10 已知x, y ∈R +, l, a, b 为待定正数,求f(x, y)=2323yb x a +的最小值。

【解】 设k x y =,则k kly k l x +=+=1,1,f(x,y)==÷÷øöççèæ++23322)1(k b a lk 22333233333211111l k a k b k b k b k a k a b a l ³÷÷÷÷øöççççèæ+×+×+×++++444344421444344421(a 3+b 3+3a 2b+3ab 2)=23)(l b a +,等号当且仅当y b x a =时成立。

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