答案 第六章 基带传输系统

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通信原理简答题答案2(个人整理)

通信原理简答题答案2(个人整理)

第一章绪论1-2何谓数字信号?何谓模拟信号?两者的根本区别是什么?答:数字信号:电信号的参量值仅可能取有限个值。

模拟信号:电信号的参量取值连续。

两者的根本区别是携带信号的参量是连续取值还是离散取值。

1-3何谓数字通信?数字通信偶哪些优缺点?答:利用数字信号来传输信息的通信系统为数字通信系统。

优点:抗干扰能力强,无噪声积累传输差错可控;便于现代数字信号处理技术对数字信息进行处理、变换、储存;易于集成,使通信设备微型化,重量轻;易于加密处理,且保密性好。

缺点:一般需要较大的传输带宽;系统设备较复杂。

1-4 数字通信系统的一般模型中各组成部分的主要功能是什么?答:信源编码:提高信息传输的有效性(通过数字压缩技术降低码速率),完成A/D转换。

信道编码/译码:增强数字信号的抗干扰能力。

加密与解密:认为扰乱数字序列,加上密码。

数字调制与解调:把数字基带信号的频谱搬移到高频处,形成适合在信道中传输的带通信号。

同步:使收发两端的信号在时间上保持步调一致。

1-5 按调制方式,通信系统如何分类?答:基带传输系统和带通传输系统。

1-6 按传输信号的特征,通信系统如何分类?答:模拟通信系统和数字通信系统。

1-7 按传输信号的复用方式,通信系统如何分类?答:FDM,TDM,CDM。

1-8 单工、半双工及全双工通信方式是按什么标准分类的?解释他们的工作方式。

答:按照消息传递的方向与时间关系分类。

单工通信:消息只能单向传输。

半双工:通信双方都能收发消息,但不能同时进行收和发的工作方式。

全双工通信:通信双方可以同时收发消息。

1-9 按数字信号码元的排列顺序可分为哪两种通信方式?他们的适用场合及特点?答:分为并行传输和串行传输方式。

并行传输一般用于设备之间的近距离通信,如计算机和打印机之间的数据传输。

串行传输使用与远距离数据的传输。

1-10 通信系统的主要性能指标是什么?答:有效性和可靠性。

1-11 衡量数字通信系统有效性和可靠性的性能指标有哪些?答:有效性:传输速率,频带利用率。

通信原理-数字基带传输系统

通信原理-数字基带传输系统

数字基带信号的表示式:表示信息码元的单个脉冲 的波形并非一定是矩形的。
若表示各码元的波形相同而电平取值不同,则 数字基带信号可表示为:
s(t) an g(t nTs ) n
式中,an - 第n个码元所对应的电平值 Ts - 码元持续时间
g(t) -某种脉冲波形
一般情况下,数字基带信号可表示为一随机脉冲序
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第6章 数字基带传输系统
差分波形:用相邻码元的电平的跳变和不变来表示消息代码 , 图中,以电平跳变表示“1”,以电平不变表示“0”。它也称 相对码波形。用差分波形传送代码可以消除设备初始状态的 影响。
多电平波形:可以提高频带利用率。图中给出了一个四电平 波形2B1Q。
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第6章 数字基带传输系统
通信原理
第6章 数字基带传输系统
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第6章 数字基带传输系统
概述
数字基带信号 - 未经调制的数字信号,它所占据的频 谱是从零频或很低频率开始的。
数字基带传输系统 -不经载波调制而直接传输数字基 带信号的系统,常用于传输距离不太远的情况下。
数字带通传输系统 -包括调制和解调过程的传输系统 研究数字基带传输系统的原因:
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第6章 数字基带传输系统
单极性归零(RZ)波形:信号电压在一个码元终止时刻前总要 回到零电平。通常,归零波形使用半占空码,即占空比为 50%。从单极性RZ波形可以直接提取定时信息 。 与归零波形相对应,上面的单极性波形和双极性波形属 于非归零(NRZ)波形,其占空比等于100%。
双极性归零波形:兼有双极性和归零波形的特点。使得接收 端很容易识别出每个码元的起止时刻,便于同步。
s(t) sn (t) n
式中
sn
(t)
g1(t nTS ) , g(2 t nTS),

通信原理(第六章 数字基带传输系统)图片公式

通信原理(第六章 数字基带传输系统)图片公式

七、什么是眼图?眼图模型、说明什么问题?
八、时域均衡:基本原理、解决什么问题?如何衡量均 衡效果?
一、数字基带系统和频带系统结构
一、数字基带信号(电波形)及其频谱特性(1)
二元码:幅度取值只有两种“1”、“0”或“1”、 “-1”

单极性非归零码:用高低电平分别表示“1”和“0”, 如图6-1(a) 。一般用于近距离之间的信号传输 双极性非归零码:用正负电平分别表示“1”和“0”, 如图6-1(b)。应用广泛,适应于在有线和电缆信道中 传输。 单极性归零码:有电脉冲宽度比码元宽度窄,每个脉 冲都回到零电位。如图6-1(c)。利于减小码元间波形 的干扰和同步时钟提取。但码元能量小,匹配接收时 输出信噪比低些
二、基带传输码的常用码型(4)
HDB3特点:保持AMI码的优点,三元码,无直流分量,主 要功率集中在码速率fb的1/2出附近(如图)。 位定时频率分量为零,通过极性交替规律得到检错能力。 增加了使连0串减少到 至多3个的优点,而不管 信息源的统计特性如何。
对于定时信号的恢复 是十分有利的。广泛应 用于基带传输与接口码。
Pv (w) = 2p å
¥ m =-
Cn d (w - mws )
2
Pv ( f ) = å
2
Cn d ( f - mf s )
2
故稳态波的双边功率谱密度
Pv ( f ) = å
¥ m =-
f s [ PG1 (mf s ) + (1 - P)G2 (mf s )] ? d ( f
mf s )..(6.1 - 14)
代入(6.1-26)得单极性非归零波形的双边功率谱密度
Ps (w) = Ts 2 1 Sa (p fTs ) + d ( f )..(6.1 - 30) 4 4

樊昌信《通信原理》(第6版)(名校考研真题 数字基带传输系统)【圣才出品】

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第6章 数字基带传输系统一、判断题1.在线路编码中HDB 3码的编码效率要高于双相码的编码效率。

()[南邮2011、2009研]【答案】√【解析】HDB 3码是1B1T 码,编码效率为2/3,双相码是1B2B 码,编码效率为1/2。

2.线路编码一般采用双极性波形,这样就可以没有直流分量,可以更好的适应信道。

( )[南邮2010研]【答案】√【解析】一般要求线路码的功率谱不应含有离散的直流分量,并尽量减小低频分量,双极性波形符合这一特点。

3.信号幅度相等时,单极性数字基带系统性能要优于双极性系统的性能。

( )[南邮2010研]【答案】×【解析】对于双极性不归零码,平均误比特率为;对于单极性不)2(21221nA erfc P b δ=归零码,平均误比特率为,所以在信号幅度A 、信息速率、接收低通)8(21222n A erfc P b δ=滤波器的带宽及噪声功率谱均相同的情况下,,即双极性基带系统的误码率比单21b b P P <4.部分响应改变了信号的谱特性,付出的代价是输出电平的增多,属于牺牲信噪比换取带宽。

()[南邮2011研]【答案】√【解析】部分响应带来的好处是减少了串扰和提高了频带利用率,其代价是发送信号功率增加。

对于L进制信号,第Ⅰ、Ⅳ类部分响应信号的电平数为2L-1,因此输出电平增多,牺牲了信噪比换取带宽。

5.时域均衡器可以用可调的横向滤波器来实现。

()[南邮2010研]【答案】√【解析】横向滤波器由延迟单元、抽头系数及加法器构成,可用作线性均衡器,在时域上实现均衡。

二、选择题1.在相同的传信率下,若采用不归零码,下列信号中带宽最小的是()。

[南邮2009研]A.AMIB.1B2BC.CMID.Manchester【解析】AMI可看为单极性不归零码的变形,其带宽为R s;1B2B、CMI和Manchester均为双极性不归零码,提高了检错能力,但所需带宽增加,为2R s。

第六章 数字基带传输系统6.1,6.2

第六章 数字基带传输系统6.1,6.2
相邻脉冲之间必定 留有零电位的间隔

t
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6.1.1 数字基带信号
P(f )
双极性归零码
1
t
3 TS
2
f
t
特点:兼有双极性和归零波形的特点。还可以通过简单的变换 电路(全波整流电路),变换为单极性归零码,有利于同步脉 冲的提取。
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6.1.1 数字基带信号
(5)差分波形: 编码规则(传号差分): 1:相邻码元电平极性改变 0:相邻码元电平极性不改变 编码规则(空号差分): 1:相邻码元电平极性不改变 0:相邻码元电平极性改变
s( t ) 二进制{an } 码型变 发送 换器 符号 滤波器
信道
接收 滤波器
y( t )
抽样 判决
{ an }
n( t )
定时脉冲
cp
同步提 取电路
e
f
接收滤波输出 位定时脉冲
t
g
a
1
1 0
1
1 0 0 0
恢复的信息
t
错误码元
0
1
1
0
0
1
t
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基带传输系统框图
再生信号波形 0 接收基带 1 0 1 判决门限
每个“1“和”0“相互独立,无错误检测能力
单极性码传输时需要信道一端接地,不能用两根芯线均不接地的 电缆传输; 接收单极性码,判别电平为E/2,由于信道衰减,不存在最佳判决 电平。

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6.1.1 数字基带信号
(2)双极性波形: 编码规则: 1:正电平表示,整个码元期间电平保持不变。 0:负电平表示,整个码元期间电平保持不变。
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主要内容
第6章
数字基带传输系统

通信原理习题课2

通信原理习题课2

通信原理习题课(第6-8章)概念性题目考查一、填空题1.在2ASK 、2FSK 与2PSK 这三种调制方式中, 的误码率最小, 的频带利用率最低。

2.若要传输速率为7200B 的数据,在滚降系数为1的升余弦基带信道中传输所需要的最小传输带宽为 ,此时的频带利用率为 。

3. 造成数字基带传输误码的原因是________和________。

4. 要传100 kB 的基带信号,无码间干扰100%滚降信道的带宽为 kHz ,这时频带利用率为 Baud/Hz 。

5. 解调器的输入端相同的信噪比,采用2ASK 、2FSK 和2PSK 系统传输,相干解调,具有最小误码率的是________系统。

6. 已知某HDB3码为-1000-1+1000+1-1+1-100-1+100+1-1+1,则原消息码为 。

7. 2ASK 与2PSK 的信号表达式均为()()cos c e t s t t ω= ,但对于2ASK 信号而言,基带信号()s t 为________,对于2PSK 信号而言,基带信号()s t 为________。

8. 2PSK 与2DPSK 的信号表达式均为()()cos c e t s t t ω= ,基带信号()s t 为双极性不归零信号。

但对于2PSK 信号而言,其为________,对于2PSK 信号而言,则为________。

9. 已知传码率为1000B ,则2ASK (2PSK ,2DPSK )信号带宽为________。

10、已知传码率为1000B ,且两路载频分别为13000 Hz f =,22000 Hz f =,则2FSK 信号带宽为________,且功率谱密度曲线出现________。

二、选择题1.下列特点( )不属于部分响应系统。

A 、2B/Hz 的理想频带利用率B 、尾巴衰减速度快C 、无码间串扰D 、带宽为奈奎斯特带宽 2. 二进制基带信号的功率谱密度中,连续谱( )。

通信原理樊昌信版第6章数字基带传输系统3

通信原理樊昌信版第6章数字基带传输系统3
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6.5.2 二进制单极性基带系统
f0 ( x )
f1( x )
-A 0 A
f0 ( x )
x
f1 ( x )
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1、最佳判决门限
2 A P(0) n vd ln 2 A P(1)
(6.5-12)
A 当P(1)=P(0)=1/2时 v 2 2、误码率(设V*d=A/2)
d
眼图可以用来指示接收滤波器的调整,以减 小码间串扰,改善系统性能。
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眼图的模型
最佳抽样时刻:“眼睛”张开最大的时刻; 判决门限电平:眼图中央的横轴位置对应于判 决门限电平; 对定时误差的灵敏度:眼图斜边的斜率决定了 系统对抽样定时误差的灵敏程度,斜率越大, 对定时误差越灵敏,即要求定时准确;
6.7.1部分响应系统
• 研究问题:基带传输中的有效性问题 • 研究目的:如何设计频带利用率高又可实 现的基带传输系统 • 研究方法:放宽对无码间串扰的要求以提 高有效性
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问题的提出 由奈奎斯特第一准则知,基带系统的总特性 设计成理想低通特性, 能达到理论上的极限传 输速率,达到最高的频带利用率(2B/Hz)。理 想低通传输特性实现困难,且h(t)的尾巴振荡 幅度大、收敛慢,而对定时要求十分严格。 余弦滚降特性所需的频带加宽了,降低了系 统的频带利用率。 问题:能否找到频带利用率为2B/Hz,满足 “尾巴”衰减大、收敛快,又可实际实现的传 输特性?
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•讨论g(t)的波形特点
4 cos t / TS g t 2 2 1 4t / TS Ts kTs g (0) 4 , g 1, g 0, k 3 , 5 , 2 2
除了在相邻的取样时刻 t=Ts/2 处 g(t)=1 外, 其余的取样时刻上,g(t) 具有等间隔零点。 g(t)波形的拖尾幅度与t 2成反比,说明g(t)波 形拖尾的衰减速度加快了。

通原--6章习题答案

通原--6章习题答案

习题6-1.问题:设二进制符号序列为10010011,试以矩形脉冲为例,分别画出相应的单级性、双极性、单极性归零、双极性归零、二进制差分波形和四电平波形。

6.3 设二进制随机序列中的“0”和“1”分别由g(t)和-g(t)组成,它们的出现概率分别为P 及(1-P):(1).求其功率谱密度及功率;(2).若g(t)为如图P6-1(a)所示波形,T s 为码元宽度,问该序列是否存在离散分量?(3).若g(t)改为图P6-1(b),重新回答题(2)所问。

s s T f /1=(2) 若⎪⎩⎪⎨⎧≤=t T t t g s 其他,02,1)((3) 若⎪⎩⎪⎨⎧≤=t T t t g s 其他,04,1)(传码率,带宽Baud T R s s 10001==Hz T W s 10001==6-6 设某双极性数字基带信号的基本脉冲波形如图P6-3所示。

它是高度为1,宽度的矩形脉冲。

且已知数字信息“1”出现概率3/4,“0”出现概率1/4;(1)写出该双极性信号的功率谱密度的表达式,并画出功率谱密度图。

(2)从该双极性信号中能否直接提取频率的分量?若能,试计算该分量的功率。

s s T f 1=3/s T =τ功率谱密度如下图所示6.7 已知信息代码为1011000000000101,试确定相应的AMI 码及HDB 3码,并分别画出它们的波形图。

6.8 已知信息代码为101100101,试确定相应的双相码和CMI码,并分别画出它们的波形图。

6.11 设基带传输系统的发送滤波器、信道及接收滤波器组成总特性为,若要求以波特的速率进行数据传输,试验证图P6-6所示的各种能否满足抽样点上无码间串扰的条件?s T /2)(ωH )(ωH6-18某二进制数字基带系统所传送的是单极性基带信号,且数字信息“1”和“0”的出现概率相等。

(1)若数字信息为“1”时,接收滤波器输出信号在抽样判决时刻的值A=1(V),且接收滤波器输出噪声是均值为0、均方根值为0.2(V)的高斯噪声,试求这时的误码率P e 。

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第六章基带传输系统1、AMI码的缺点是什么?解:不能限制长连O和长连1,不利于时钟提取。

,CMI码.2、设数字信号序号为1000010100001111,将其编成AMI,HDB3解: AMI:+10000-10+10-10000+1-1+1-1HDB3: V+|B-000V-B+0B-B+`00V+B-B+B-B+CMI: 0000101010111010001010101110011003、带限传输对数字信号有什么影响?码间干扰是怎样形成的?解:理论上数字信息的频带为无穷大,这样无限带宽的信号通过实际的信道传输时,由于实际信道带宽有限,信号波形必然会产生失真,从而产生码间干扰. 4、怎样用示波器观察眼图,眼图恶化说明什么含义?解:示波器采用外同步,扫描同期必然为TB(码元同期)或TB的整数倍,这样,就在荧光屏上出现一个或几个接收到的均衡波形,由于示波器的余辉作用,使多个波形迭在一起,这样在荧光屏上显示类似人眼的图形。

眼图恶化说明信噪比降低,误码率增加.5、定时抖动同哪些有关定时抖动对PCM通信有什么影响?解:定时抖动的原因:①谐振回路失谐的影响②时钟提取电路限幅门限失调或输入信号电平变化。

③信通噪声和串话干扰④信号码型随机组合抖动的影响:误码率增加6、某CMI码为11000101110100,将其还原为二进制NRZ码解:按CMJ码编码规则,还原后的NRZ码为11001010→011→00和11交替7、为什么数字通信系统要求误码率低于10-6?解:当Pe=10-6时,误码信噪比(S/Ne)dB=41.6dB,但若信道误码率高于10-6,如Pe=10-5,则(S/Ne)=31.6dB(Pe增加一个数量级,误码信噪比下降10dB),低于A律压缩特性的最大量化信噪化38dB,所以为保证总的信噪比不因误码噪声而显著下降,信道误码率Pe应低于10-6。

8、再生中继系统的特点是什么?解:噪声不积累但误码会积累。

9、为什么要求均衡波形的波峰附近变化要平坦?解:均衡波形幅度大且波峰附近变化平坦,即使由于各种原因引起定时抖动(再生判决脉冲发生偏移),也不会产生误判,即“1”码仍可还原为“1”码。

反之则有可能会将“1”码误差为“0”码。

10、为什么电缆传输码型常用HDB3码?解:1、无直流分量,低频成分也少2、高频成分也少3、便于误码检测4、码型频谱中虽无时钟频率成分,但经全波整流后即为RZ码,就会有时钟频率成分,故提取时钟较容易。

5、克服了长连0(最大连0数为3个),便于时钟提取11、已知信息代码为1010000011000011,试确定相应的传号差分码、CMI码、数码,并分别画出它们的波形。

字双相码、AMI码以及HDB3解:12、有4个连1和4个连0交替出现的序列,画出单极性非归零码、AMI码、HDB3码所对应的波形图。

码的编码规律比较思路单极性非归零码、AMI码的编码规律比较简单。

对HDB3码,并进而画出波形图。

由于序列中4个熟悉后即可直接由信息代码求出HDB3连1和4个连0是交替出现的,故相邻的4个连0码组之间1码的个数肯定是偶码中的每个取代节都应是B00V。

数个,因此HDB3解:单极性非归零码、AMI码、HDB3码及其波形图如下图所示。

13、设随机二进制序列中的1码出现的概率为0.5,对应一个振幅等于1、宽度等于码元间隔T s 的矩形脉冲,0码对应0电平。

(1) 求其功率谱密度及功率,并画出功率谱曲线,求谱零点带宽; (2) 若1码对应一个占空比等于0.5的矩形脉冲,0码仍为0电平,重新回答(1)中的问题;(3) 能否从上述两个信号中用滤波法直接提取码元同步所需的频率f s =1/T s 的分量?若能,给出该分量的功率;(4) 分析离散谱f s 的功率与1码概率P 的关系。

思路 第一个信号为单极性非归零码,第二个信号为占空比等于0.5的单极性归零码,它们的基本波形为D Ts (t)和D 0.5Ts (t)。

这两个信号都是相同波形随机序列,可用式(5-3)求其功率谱。

若功率谱中含有f s =1/T s 的离散谱,则可用滤波法直接提取频率为f s =1/T s 的位定时信号,否则不能。

P s (f)=f s P(1-P)(a 1-a 2)2G 2(f)+f 2s ∑∞-∞=n |Pa 1+(1-P)a 2|2G 2(mf s )δ(f-mf s ) (5-3)傅氏变换对D τ(t)←→τSa )2(ωτ=τ2/2/sin ωτωτ是本课程中常用公式,此题中τ=T s 或τ=0.5T s 。

解: (1) P=0.5,a 1=1,a 2=0G(f)=T s Sa(πfT s )=T s Sa(πf/f s ) 代入式(5-3)得 P s (f)=f s ×0.5×0.5×T 2s Sa 2(πf/f s )+f 2s∑∞-∞=m 0.52×T 2s Sa 2(m πf s /f s )δ(f-mf s )=0.25T s Sa 2(πf/f s )+0.25 ∑∞-∞=m Sa 2(m π)δ(f-mf s )由于 sin(m π)=0 所以Sa(m π)=0故 P s (f)=0.25T s Sa 2(πf/f s ) 功率谱密度曲线如下图所示。

由图可知,谱零点带宽为B s =f s 。

信号功率为 S=⎰∞-∞P s (f)df=0.25 ⎰∞-∞T s Sa 2(πf/f s )df=0.25f s ⎰∞-∞T 2s Sa 2(πf/f s )df根据帕塞瓦尔定理⎰∞-∞T 2s Sa 2(πf/f s )df= ⎰∞-∞|G(f)|2df=⎰∞-∞D 2T s (t)dt=T 2s得 S=0.25f s ·T s 2 =0.25T s (2) P=0.5G(f)=0.5T s Sa(0.5πfT s )=0.5T s Sa(0.5πf/f s ) P s (f)=0.0625T s Sa 2(0.5πf/f s )+0.06252Sa m ∑∞-∞=(0.5m π)δ(f-mf s )功率谱密度曲线如下图所示。

由图可知,谱零点带宽为B s =2f s 。

信号功率为 S=0.0625 ⎰∞-∞T s Sa 2(0.5πf/f s )df+0.0625 ⎰∞-∞∑∞-∞=m Sa 2(0.5m π)δ(f-mf s )df=0.0625f s ⎰∞-∞T 2s Sa 2(0.5πf/f s )df+0.0625∑∞-∞=m Sa 2(0.5m π)=0.0625T s+0.0625∑∞-∞=m Sa 2(0.5m π)(3) 在(1)中无频率等于f s 的离散谱,在(2)中有频率等于f s 的离散谱,故可以从(2)中用滤波法提取码元同步信号(即位同步信号)。

频率为f s 离散谱的功率为S=2×0.0625Sa 2(0.5π)=(0.125sin 2(0.5π)/(0.5π)2 W=0.05 W(4) 在第2个信号中有离散谱f s ,若P 为任意值,则此信号的离散谱为 0.25∑∞-∞=m P 2Sa 2(0.5m π)δ(f-mf s )频率为f s 的离散谱功率为S=(0.5P 2sin 2(0.5π)/(0.5π)2) W=0.2P 2 W小结 以矩形脉冲为基本波形的二进制相同波形随机序列的谱零点带宽等于脉冲宽度的倒数,占空比为1时,谱零点带宽在数值上等于码速率;单极性归零码中含有频率等于码速率的离散谱,离散谱的功率随1码的概率增大而增大(设1码传送脉冲)。

上述结论也可以推广到各码元独立的M 进制相同波形随机序列。

14、设某二进制数字基带信号的基本脉冲为三角形脉冲,如右图所示。

图中T s 为码元间隔,数字信息“1”“0”分别用g(t)的有无表示,且“1”和“0”出现的概率相等。

(1) 求该数字基带信号的功率谱密度;(2) 能否用滤波法从该数字基带信号中提取码元同步所需的频率f s =1/T s 的分量?若能,试计算该分量的功率。

思路 将底部宽度为τ、高度为1的三角形时域函数表示为Δτ(t),傅氏变换对为Δτ(t)←→22]4/4/sin [2)]4([2ωτωττωττ=Sa 据此式可求得本题中g(t)所对应的G(f),再由式(5-3)即可求解。

P s (f)=f s P(1-P)(a 1-a 2)2G 2(f)+f 2s ∑∞-∞=n |Pa 1+(1-P)a 2|2G 2(mf s )δ(f-mf s ) (5-3)解: (1)P=0.5,a 1=1,a 2=0G(f)=)2(22ss fT Sa AT π P s (f)=f s P(1-P)(a 1-a 2)2G 2(f)+f 2s∑∞-∞=m |Pa 1+(1-P)a 2|2G 2(mf s )δ(f-mf s )=4sf ·)2(4422s s fT Sa T A π+)2(444222ss m s fT Sa T A f π∑∞-∞=δ(f-mf s ) )()2(16)2(164242s m s s mf f m Sa A fT Sa T A -+=∑∞-∞=δππ (2) 频率f s =1/T s 离散谱分量为0)(2)()2(84242≠-=-s s f f A f f Sa A δπδπ所以可以用滤波法从该数字基带信号中提取码元同步所需要的频率f s =1/T s 的分量,该分量的功率为 S=2A 2/π4=0.02A 215、某基带系统的频率特性是截止频率为1 MHz 、幅度为1的理想低通滤波器。

(1) 试根据系统无码间串扰的时域条件求此基带系统无码间串扰的码速率。

(2) 设此系统传输信息速率为3 Mbps ,能否无码间串扰?思路 此题需求系统的冲激响应。

系统的频率特性是一个幅度为1、宽度为ω0=4π×106 rad/s 的门函数(双边频率特性)D ω0(ω),根据傅氏变换的对称性可得 D ω0(ω)←→)2(200tSa ωπω=2×106Sa(2π×106t) 无码间串扰的时域条件为⎩⎨⎧≠==0,00,)(k k C kT h s 式中,T s 为码元间隔。

所以,根据冲激响应波形就可确定此系统无码间串扰的码速率。

设进制数为任意值,根据信息速率与码速率之间的关系求3 Mbps 所对应的码速率,从而判断传输3 Mbps 信号有无码间串扰。

解: (1) h(t)=2×106Sa(2π×106t)波形如下图所示。

由图可知,当T s =0.5 μs/k(k 为正整数)时无码间串扰,即此系统无码间串扰的码速率为(2) 设传输独立等概的M 进制信号,则 R B =M2log 3(MBd)令M 2log 3=k2得 M=k28=8n (n=1,2,…)即当采用8n进制信号时,码速率R B =n1(MBd),可以满足无码间串扰条件。

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