2010-2019高考数学文科真题分类训练---第十七讲 递推数列与数列求和

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文科数学2010-2018高考真题分类专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和答案

文科数学2010-2018高考真题分类专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和答案

专题六数列第十七讲 递推数列与数列求和答案部分1.C 【解析】∵113n n a a +=-,∴{}n a 是等比数列又243a =-,∴14a =,∴()1010101413313113S -⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭==-+,故选C .2.D 【解析】【法1】有题设知21a a -=1,① 32a a +=3 ② 43a a -=5 ③ 54a a +=7,65a a -=9,76a a +=11,87a a -=13,98a a +=15,109a a -=17,1110a a +=19,121121a a -=,……∴②-①得13a a +=2,③+②得42a a +=8,同理可得57a a +=2,68a a +=24,911a a +=2,1012a a +=40,…,∴13a a +,57a a +,911a a +,…,是各项均为2的常数列,24a a +,68a a +,1012a a +,…是首项为8,公差为16的等差数列, ∴{n a }的前60项和为11521581615142⨯+⨯+⨯⨯⨯=1830. 【法2】可证明:14142434443424241616n n n n n n n n n n b a a a a a a a a b +++++---=+++=++++=+112341515141010151618302b a a a a S ⨯=+++=⇒=⨯+⨯= 【法3】不妨设11a =,得23572,1a a a a ====⋅⋅⋅=,466,10a a ==,所以当n 为奇数时,1n a =,当n 为偶数时,构成以2a 为首项,以4为公差的等差数列,所以得601830S =3.A 【解析】法一:分别求出前10项相加即可得出结论;法二:12349103a a a a a a +=+=⋅⋅⋅=+=,故1210a a a ++⋅⋅⋅+=3515⨯=.故选A. 4.6【解析】∵112,2n n a a a +==,∴数列{}n a 是首项为2,公比为2的等比数列,∴2(12)12612n n S -==-,∴264n =,∴6n . 5.27【解析】∵11a =,11(2)2n n a a n -=+≥,所以数列{}n a 是首项为1,公差为12的等差数列,所以前9项和998192722S ⨯=+⨯=.6.2011【解析】由题意得:112211()()()n n n n n a a a a a a a a ---=-+-++-+(1)1212n n n n +=+-+++=所以1011112202(),2(1),11111n n n S S a n n n n =-=-==+++.7.12【解析】将82a =代入111n n a a +=-,可求得712a =;再将712a =代入111n n a a +=-,可求得61a =-;再将61a =-代入111n na a +=-得52a =;由此可知数列{}n a 是一个周期数列,且周期为3,所以1712a a ==. 8.【解析】当n =1时,1a =1S =12133a +,解得1a =1, 当n ≥2时,n a =1n n S S --=2133n a +-(12133n a -+)=12233n n a a --,即n a =12n a --,∴{n a }是首项为1,公比为-2的等比数列,∴n a =1(2)n --.9.(1)116-,(2)10011(1)32-【解析】(1)∵1(1)2nn n n S a =--. 3n =时,a 1+a 2+a 3=-a 3-18 ①4n =时,a 1+a 2+a 3+a 4=a 4-116,∴a 1+a 2+a 3=-116. ②由①②知a 3=-116.(2)1n >时,11111(1)()2n n n n S a ----=--,∴11(1)(1)()2n n n n n n a a a -=-+-+当n 为奇数时,1111()22n n n a a +-=-; 当n 为偶数时,11()2nn a -=-.故11(),21(),2n n n n a n +⎧-⎪⎪=⎨⎪⎪⎩为奇数为偶数,11,20,n n n S n +⎧-⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数∴121002461001111()2222S S S ++⋅⋅⋅+=-+++⋅⋅⋅+ 10010010011(1)111142(1)(1)1323214-=-=--=--.10.1830【名师解析】可证明:14142434443424241616n n n n n n n n n n b a a a a a a a a b +++++---=+++=++++=+,1123410b a a a a =+++=⇒15151410151618302S ⨯=⨯+⨯=. 11.3018【解析】因为cos 2n π的周期为4;由cos 12n n a n π=+n N *∈∴12346a a a a +++=,56786a a a a +++=,… ∴ 201250363018S =⨯=12.4【解析】由题意得1122(4)()(1)(14)()3322(4)()(1)(14)()33k k k k k k k k k k k k -+⎧+>--+⎪⎪⎨⎪+>+++⎪⎩,得22(1)1010k k ⎧-<⎨>⎩,13.【解析】(1)设等比数列{}n b 的公比为q ,由11b =,322b b =+,可得220q q --=.因为0q >,可得2q =,故12n n b -=.所以122112nn n T -==--. 设等差数列{}n a 的公差为d .由435b a a =+,可得134a d +=. 由5462b a a =+,可得131316,a d += 从而11,1a d ==, 故n a n =,所以(1)2n n n S +=. (2)由(1),知13112(222)2 2.n n n T T T n n ++++=+++-=--由12()4n n n n S T T T a b ++++=+可得11(1)2222n n n n n n ++++--=+, 整理得2340n n --=,解得1n =-(舍),或4n =.所以n 的值为4.14.【解析】(1)因为123(21)2n a a n a n ++⋅⋅⋅+-=,故当2n ≥时,1213(23)2(1)n a a n a n -++⋅⋅⋅+-=-.两式相减得(21)2n n a -=. 所以221n a n =-(2)n ≥. 又由题设可得12a =. 从而{}n a 的通项公式为 =.(2)记{}21na n +的前n 项和为n S , 由(1)知21121(21)(21)2121n a n n n n n ==-++--+. 则11111121335212121n nS n n n =-+-+⋅⋅⋅+-=-++. 15.【解析】(Ⅰ)由已知,1221121,1,,3a b b b b b +===得12a =,所以数列{}n a 是首项为2,公差为3的等差数列,通项公式为31n a n =-. (Ⅱ)由(Ⅰ)和11n n n n a b b nb +++= ,得13n n b b +=,因此{}n b 是首项为1,公比为13的等比数列.记{}n b 的前n 项和为n S ,则111()313.122313nn n S --==-⨯- 16.【解析】 (Ⅰ)设数列{}n a 的公差为d ,由题意有11254,53a d a d -=-=,解得121,5a d ==,所以{}n a 的通项公式为235n n a +=. (Ⅱ)由(Ⅰ)知235n n b +⎡⎤=⎢⎥⎣⎦, 当n =1,2,3时,2312,15n n b +≤<=; 当n =4,5时,2323,25n n b +≤<=;当n =6,7,8时,2334,35n n b +≤<=; 当n =9,10时,2345,45n n b +≤<=,所以数列{}n b 的前10项和为1322334224⨯+⨯+⨯+⨯=.17.【解析】(Ⅰ)由12a =,12n n a a +=,得2nn a =.当1n =时,121,b b =-故22b =. 当n 2≥时,11,n n n b b b n+=-整理得11,n n b n b n ++=所以n b n =. (Ⅱ)由(Ⅰ)知,2nn n a b n =⋅, 故23222322nn T n =+⋅+⋅+⋅⋅⋅+⋅,()2341222222122n n n T n n +=+⋅+⋅+⋅⋅⋅+-⋅+⋅,所以()1122n n T n +=-+.18.【解析】(Ⅰ)由条件,对任意*n N ∈,有2133n n n a S S ++=-+*()n N ∈,因而对任意*,2n N n ∈≥,有1133n n n a S S +-=-+*()n N ∈,两式相减,得2113n n n n a a a a +++-=-,即23,(2)n n a a n +=≥, 又121,2a a ==,所以3121121333()33a S S a a a a =-+=-++=,故对一切*n N ∈,23n n a a +=.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,0n a ≠,所以23n na a +=,于是数列21{}n a -是首项11a =,公比为3的等比数列,数列2{}n a 是首项12a =,公比为3的等比数列,所以112123,23n n n n a a ---==⨯,于是21221321242()()n n n n S a a a a a a a a a -=+++=+++++++1113(31)(133)2(133)3(133)2n n n n ----=+++++=++=.从而1221223(31)323(531)22n n n n n n S S a ----=-=-⨯=⨯-, 综上所述,2*2*23(531),(21,)23(31),(2,)2n n nn k k N S n k k N -⎧⨯-=+∈⎪⎪=⎨⎪-=∈⎪⎩.19.【解析】(Ⅰ)2211111:(1)320,60n S S S S =---⨯=+-=令得即,所以11(3)(2)0,S S +-=1110,2, 2.S S a >∴==即(Ⅱ)2222(3)3()0,:(3)()0,n n n n S n n S n n S S n n ⎡⎤-+--+=+-+=⎣⎦由得20(),0,30,,n n n n a n N S S S n n *>∈∴>+>∴=+从而2212,(1)(1)2,n n n n a S S n n n n n -⎡⎤∴≥=-=+--+-=⎣⎦当时1221,2().n a a n n N *==⨯∴=∈又(Ⅲ)当*k ∈N 时,22313()()221644k k k k k k +>+-=-+ 111111113(1)2(21)44()()()244k k a a k k k k k k ∴==⋅<⋅+++-+11111111144(1)()(1)4444k k k k ⎡⎤⎢⎥=⋅=⋅-⎢⎥⎡⎤⎢⎥-+--⋅+-⎢⎥⎣⎦⎣⎦1122111(1)(1)(1)n n a a a a a a ∴++++++1111111()()11111141223(1)444444n n ⎡⎤⎢⎥<-+-++-⎢⎥⎢⎥-----+-⎣⎦20.【解析】(Ⅰ) 11111121.S S a a n a S ⋅=-=∴=时,当 .1,011=≠⇒a a 11111111222221----=⇒-=---=-=>n n n n n n n n n a a a a S a a S a a s s a n 时,当-.*,221}{11N n a q a a n n n ∈===⇒-的等比数列,公比为时首项为(Ⅱ)n n n n qa n qa qa qa qT a n a a a T ⋅++⋅+⋅+⋅=⇒⋅++⋅+⋅+⋅= 321321321321设1432321+⋅++⋅+⋅+⋅=⇒n n a n a a a qT上式左右错位相减:n n n nn n n n na qq a na a a a a T q 21211)1(111321⋅--=---=-++++=-++*,12)1(N n n T n n ∈+⋅-=⇒。

理科数学高考真题分类训练专题六数列第十七讲递推数列与数列求和答案

理科数学高考真题分类训练专题六数列第十七讲递推数列与数列求和答案

专题六数列第十七讲 递推数列与数列求和答案部分 2019年1.解析 (Ⅰ)设等差数列{}n a 的公差为d ,等比数列{}n b 的公比为q , 依题意得2662,6124q d q d =+⎧⎨=+⎩解得3.2d q =⎧⎨=⎩故14(1)331,6232n n n n a n n b -=+-⨯=+=⨯=⨯.所以,{}n a 的通项公式为(){}31,n na n nb *=+∈N 的通项公式为()32n nbn *=⨯∈N .(Ⅱ)(i )()()()()22211321321941n n n n n n n a c a b -=-=⨯+⨯-=⨯-. 所以,数列(){}221n n a c -的通项公式为()()221941n n n a c n *-=⨯-∈N . (ii )()()222211112211n n n niii iiiiii i i i ca c a a c a a ====-⎡⎤=+-=+⎣⎦∑∑∑∑()()12212439412n nn ni i =⎛⎫- ⎪=⨯+⨯+⨯- ⎪⎝⎭∑()()2114143252914n n n n ---=⨯+⨯+⨯--()211*2725212n n n n --=⨯+⨯--∈N .2010-2018年1.【解析】∵113n n a a +=-,∴{}n a 是等比数列又243a =-,∴14a =,∴()1010101413313113S -⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭==-+,故选C .2.D 【解析】由数列通项可知,当125n,n N +∈时,0na ,当2650n ,n N +∈ 时,0n a ,因为1260a a +>,2270a a +>⋅⋅⋅∴1250,,,S S S ⋅⋅⋅都是正数;当51100n ,n N +∈同理5152100,,,S S S ⋅⋅⋅也都是正数,所以正数的个数是100.3.63-【解析】通解 因为21n n S a =+,所以当1=n 时,1121=+a a ,解得11=-a ;当2=n 时,12221+=+a a a ,解得22=-a ; 当3=n 时,123321++=+a a a a ,解得34=-a ; 当4=n 时,1234421+++=+a a a a a ,解得48=-a ; 当5=n 时,12345521++++=+a a a a a a ,解得516=-a ; 当6=n 时,123456621+++++=+a a a a a a a ,解得632=-a . 所以61248163263=------=-S .优解 因为21n n S a =+,所以当1=n 时,1121=+a a ,解得11=-a , 当2≥n 时,112121--=-=+--n n n n n a S S a a ,所以12-=n n a a ,所以数列{}n a 是以1-为首项,2为公比的等比数列,所以12-=-n n a ,所以661(12)6312-⨯-==--S . 4.21n n +【解析】设等差数列的首项为1a ,公差为d ,则1123434102a d a d +=⎧⎪⎨⨯+=⎪⎩, 解得11a =,1d =, ∴1(1)(1)22n n n n n S na d -+=+⨯=,所以12112()(1)1n S k k k k ==-++, 所以1111111122[(1)()()]2(1)223111nk knS n n n n ==-+-+⋅⋅⋅+-=-=+++∑. 5.1n-【解析】当1n 时,111S a ==-,所以111S =-, 因为111n n n n n a S S S S +++=-=,所以1111n n S S +-=,即1111n nS S +-=-,所以1{}nS 是以1-为首项,1-为公差的等差数列, 所以1(1)(1)(1)n n n S =-+--=-,所以1n S n=-. 6.2011【解析】由题意得:112211()()()n n n n n a a a a a a a a ---=-+-++-+(1)1212n n n n +=+-+++=所以1011112202(),2(1),11111n n n S S a n n n n =-=-==+++.7.【解析】当n =1时,1a =1S =12133a +,解得1a =1, 当n ≥2时,n a =1n n S S --=2133n a +-(12133n a -+)=12233n n a a --,即n a =12n a --,∴{n a }是首项为1,公比为-2的等比数列,∴n a =1(2)n --.8.(1)116-,(2)10011(1)32-【解析】(1)∵1(1)2nn n nS a =--. 3n =时,a 1+a 2+a 3=-a 3-18 ①4n =时,a 1+a 2+a 3+a 4=a 4-116,∴a 1+a 2+a 3=-116. ②由①②知a 3=-116.(2)1n >时,11111(1)()2n n n n S a ----=--,∴11(1)(1)()2n n n n n n a a a -=-+-+当n 为奇数时,1111()22n n n a a +-=-; 当n 为偶数时,11()2nn a -=-.故11(),21(),2n n n n a n +⎧-⎪⎪=⎨⎪⎪⎩为奇数为偶数,11,20,n n n S n +⎧-⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数∴121002461001111()2222S S S ++⋅⋅⋅+=-+++⋅⋅⋅+10010010011(1)111142(1)(1)1323214-=-=--=--.9.1830【解析】可证明:14142434443424241616n n n n n n n n n n b a a a a a a a a b +++++---=+++=++++=+1123410b a a a a =+++=⇒15151410151618302S ⨯=⨯+⨯=. 10.3018【解析】因为cos 2n π的周期为4;由cos 12n n a n π=+n N *∈∴12346a a a a +++=,56786a a a a +++=,… ∴201250363018S =⨯=.11.【解析】(1)由42a +是3a ,5a 的等差中项得35424a a a +=+,所以34543428a a a a ++=+=, 解得48a =. 由3520a a +=得18()20q q+=, 因为1q >,所以2q =.(2)设1()n n n n c b b a +=-,数列{}n c 前n 项和为n S .由11,1,2n nn S n c S S n -=⎧=⎨-⎩≥,解得41n c n =-.由(1)可知12n n a -=,所以111(41)()2n n n b b n -+-=-⋅,故211(45)()2n n n b b n ---=-⋅,2n ≥,11123221()()()()n n n n n b b b b b b b b b b ----=-+-+⋅⋅⋅+-+-23111(45)()(49)()73222n n n n --=-⋅+-⋅+⋅⋅⋅+⋅+.设221113711()(45)()222n n T n -=+⋅+⋅+⋅⋅⋅+-⋅,2n ≥,2311111137()11()(45)()22222n n T n -=⋅+⋅+⋅+⋅⋅⋅+-⋅ 所以22111111344()4()(45)()22222n n n T n --=+⋅+⋅+⋅⋅⋅+⋅--⋅,因此2114(43)()2n n T n -=--⋅,2n ≥,又11b =,所以2115(43)()2n n b n -=--⋅.12.【解析】(1)设等比数列{}n a 的公比为q .由1321,2,a a a ==+可得220q q --=.因为0q >,可得2q =,故12n n a -=.设等差数列{}n b 的公差为d ,由435a b b =+,可得13 4.b d +=由5462a b b =+, 可得131316,b d += 从而11,1,b d == 故.n b n =所以数列{}n a 的通项公式为12n n a -=,数列{}n b 的通项公式为.n b n =(2)(i)由(1),有122112nn n S -==--, 故1112(12)(21)22212n nnkkn n k k T n n n +==⨯-=-=-=-=---∑∑. (ii)证明:因为11212()(222)222(1)(2)(1)(2)(1)(2)21k k k k k k+k T +b b k k k k k k k k k k k k ++++--++⋅===-++++++++,所以,324321221()2222222()()()2(1)(2)3243212n n n n k k k k T b b k k n n n ++++=+=-+-++-=-+++++∑. 13.【解析】证明:(1)因为{}n a 是等差数列,设其公差为d ,则1(1)n a a n d =+-,从而,当n 4≥时,n k n k a a a -++=+11(1)(1)n k d a n k d --+++-122(1)2n a n d a =+-=,1,2,3,k =所以n n n n n n n a a a a a a a ---+++++=321123+++6, 因此等差数列{}n a 是“(3)P 数列”.(2)数列{}n a 既是“(2)P 数列”,又是“(3)P 数列”,因此,当3n ≥时,n n n n n a a a a a --+++++=21124,①当4n ≥时,n n n n n n n a a a a a a a ---++++++++=3211236.② 由①知,n n n a a a ---+=-32141()n n a a ++,③n n n a a a ++++=-23141()n n a a -+,④将③④代入②,得n n n a a a -++=112,其中4n ≥, 所以345,,,a a a 是等差数列,设其公差为d'.在①中,取4n =,则235644a a a a a +++=,所以23a a d'=-, 在①中,取3n =,则124534a a a a a +++=,所以122a a d'=-, 所以数列{}n a 是等差数列.14.【解析】(Ⅰ)设{}n a 的公差为d ,74728S a ==,∴44a =,∴4113a a d -==,∴1(1)n a a n d n =+-=. ∴[][]11lg lg10b a ===,[][]1111lg lg111b a ===,[][]101101101lg lg 2b a ===. (Ⅱ)记{}n b 的前n 项和为n T ,则1000121000T b b b =++⋅⋅⋅+[][][]121000lg lg lg a a a =++⋅⋅⋅+.当0lg 1n a <≤时,129n =⋅⋅⋅,,,; 当1lg 2n a <≤时,101199n =⋅⋅⋅,,,; 当2lg 3n a <≤时,100101999n =⋅⋅⋅,,,; 当lg 3n a =时,1000n =.∴1000091902900311893T =⨯+⨯+⨯+⨯=.15.【解析】(Ⅰ)当1n =时,211112434+3a a S a +=+=,因为0n a >,所以1a =3,当2n ≥时,2211143434---+--=+--=n n n n n n n a a a a S S a ,即111()()2()n n n n n n a a a a a a ---+-=+,因为0n a >,所以1n n a a --=2,所以数列{n a }是首项为3,公差为2的等差数列,所以n a =21n +; (Ⅱ)由(Ⅰ)知,n b =1111()(21)(23)22123n n n n =-++++,所以数列{n b }前n 项和为12n b b b +++=1111111[()()()]235572123n n -+-++-++ =116463(23)n n n -=++. 16.【解析】(1)由题意知:1212242n n n a a na -++++=-当3=n 时,121222=42++-a a ; 当3=n 时,1232322+3=42++-a a a ;321322233=4(4)224++---=a31=4a(2)当1n 时,11112412a ; 当2n ≥时,由1212242n n n a a na -++++=-知 1212122(1)42n n n a a n a ---++++-=-两式相减得21112222n n n n n n nna ---++=-=, 此时112nn a . 经检验知11a 也满足112nn a .故数列{}n a 是以1为首项,12为公比的公比数列, 故111[1()]1221212n n n T -⨯-==--. (3)由(1)(2)知,111b a .当2n ≥时,2111211111112(1)(1)23232n n n n n T b a n nn n ----=++++⋅⋅⋅+=++++⋅⋅⋅+⋅1211111(1)2312n n n n -=++++⋅⋅⋅+-⋅-. 当1n 时,1122ln12S ,成立;当2n ≥时,1221121111[(1)][(1)]2223232n S =++-⋅+++-⋅+⋅⋅⋅1211111[(1)]2312n n n n -+++++⋅⋅⋅+-⋅-212311111111111112()()()2322222222n n n --+++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅+-34121211111111111()()()322221222n n n n n n ----+++⋅⋅⋅+-+⋅⋅⋅+-+--212111111111212()(1)()123222212n n n ---+++⋅⋅⋅++-+⋅--33212111111111112()()()1322122212n n n n n n -----+⋅-+⋅⋅⋅+-+---1111111112()(1)()23222n n n --+++⋅⋅⋅++-+-111111111()()()32122n n n n n ---+-+⋅⋅⋅+-+-- 1111111122()(1)23232n n n -=+++⋅⋅⋅+-+++⋅⋅⋅+⋅11122()23n<+++⋅⋅⋅+.构造函数()ln(1),01xf x x x x=+->+ 2()0,()()1x f x f x x在0,+单调递增'∴=>∞+()ln(1)(0)01xf x x f x∴=+->=+ln(1)()1xx x 在0,+上恒成立∴+>∞+,即ln(1)1x x x1=,1x n 令-2n ≥,则11ln(1)1n n <+-, 从而可得11ln(1)221<+-,11ln(1)331<+-,⋅⋅⋅,11ln(1)1n n <+-, 将以上1n -个式子同向相加即得{}111111ln(1)ln(1)ln(1)2321311n n ++⋅⋅⋅+<++++⋅⋅⋅++=---23ln()ln 121n n n ⨯⨯⋅⋅⋅⨯=-, 故11122()22ln 23n S n n<+++⋅⋅⋅+<+综上可知,22ln n S n <+.17.【解析】(Ⅰ)2211111:(1)320,60,n S S S S =---⨯=+-=令得即所以11(3)(2)0S S +-=,1110,2, 2.S S a >∴==即(Ⅱ)2222(3)3()0,:(3)()0,n n n n S n n S n n S S n n ⎡⎤-+--+=+-+=⎣⎦由得20(),0,30,,n n n n a n N S S S n n *>∈∴>+>∴=+从而2212,(1)(1)2,n n n n a S S n n n n n -⎡⎤∴≥=-=+--+-=⎣⎦当时1221,2().n a a n n N *==⨯∴=∈又(Ⅲ)22313,()(),221644k k k N k k k k *∈+>+-=-+当时 111111113(1)2(21)44()()()244k k a a k k k k k k ∴==⋅<⋅+++-+ 11111111144(1)()(1)4444k k k k ⎡⎤⎢⎥=⋅=⋅-⎢⎥⎡⎤⎢⎥-+--⋅+-⎢⎥⎣⎦⎣⎦1122111(1)(1)(1)n n a a a a a a ∴++++++1111111()()11111141223(1)444444n n ⎡⎤⎢⎥<-+-++-⎢⎥⎢⎥-----+-⎣⎦.18.【解析】(Ⅰ) 11111121.S S a a n a S ⋅=-=∴=时,当 .1,011=≠⇒a a 11111111222221----=⇒-=---=-=>n n n n n n n n n a a a a S a a S a a s s a n 时,当- .*,221}{11N n a q a a n n n ∈===⇒-的等比数列,公比为时首项为(Ⅱ)n n n n qa n qa qa qa qT a n a a a T ⋅++⋅+⋅+⋅=⇒⋅++⋅+⋅+⋅= 321321321321设1432321+⋅++⋅+⋅+⋅=⇒n n a n a a a qT上式错位相减:n n n nn n n n na qq a na a a a a T q 21211)1(111321⋅--=---=-++++=-++*,12)1(N n n T n n ∈+⋅-=⇒.19.【解析】(1)由11111210,0,.22n n n n n nba n n a b a a n a b b a ----=>=>=++-知令11,n n n A A a b==, 当1122,n n n A A b b-≥=+时2112111222n n n n A b b b b----=++++ 21211222.n n n n b bb b---=++++ ①当2b ≠时,12(1)2,2(2)1nn n n n b b b A b b b⎛⎫- ⎪-⎝⎭==--②当2,.2n n b A ==时 (2),222,2n n nn nb b b a b b ⎧-≠⎪=-⎨⎪=⎩(2)当2b ≠时,(欲证1111(2)21,(1)2222n n n n n nn n n n n nb b b b b a nb b b ++++--=≤+≤+--只需证)11111212(2)(2)(22)2n nn n n n n n n b bb b b b ++++----+=++++-112222*********n n n n n n n n n b b b b b +-+---+=+++++++21212222()222n n n nnn n n b b b b b bb --=+++++++ 12(222)222n n n n n n b n b n b +>+++=⋅=⋅,11(2) 1.22n n n n n n nb b b a b ++-∴=<+-当112,2 1.2nn nbb a++===+时综上所述111.2nn nba++≤+。

文科数学高考真题分类训练专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和答案

文科数学高考真题分类训练专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和答案

高中复习系列资料专题六数列第十七讲 递推数列与数列求和答案部分1.解析(1)设等比数列{a n }的公比为q ,所以a 1≠0,q ≠0.由245321440a a a a a a =⎧⎨-+=⎩,得244112111440a q a q a q a q a ⎧=⎨-+=⎩,解得112a q =⎧⎨=⎩.因此数列{}n a 为“M —数列”. (2)①因为1122n n n S b b +=-,所以0n b ≠. 由1111,b S b ==,得212211b =-,则22b =. 由1122n n n S b b +=-,得112()n n n n n b b S b b ++=-, 当2n ≥时,由1n n n b S S -=-,得()()111122n n n nn n n n n b b b b b b b b b +-+-=---,整理得112n n n b b b +-+=.所以数列{b n }是首项和公差均为1的等差数列. 因此,数列{b n }的通项公式为b n =n ()*n ∈N .②由①知,b k =k ,*k ∈N .因为数列{c n }为“M –数列”,设公比为q ,所以c 1=1,q >0.因为c k ≤b k ≤c k +1,所以1k kq k q -≤≤,其中k =1,2,3,…,m .当k =1时,有q ≥1; 当k =2,3,…,m 时,有ln ln ln 1k kq k k ≤≤-.设f (x )=ln (1)x x x >,则21ln ()xf 'x x -=. 令()0f 'x =,得x =e.列表如下:x (1,e)e (e ,+∞)()f 'x+0 –f (x )极大值因为ln 2ln8ln 9ln 32663=<=,所以max ln 3()(3)3f k f ==. 取33q =k =1,2,3,4,5时,ln ln kq k…,即k k q ≤, 经检验知1k q k -≤也成立.因此所求m 的最大值不小于5.若m ≥6,分别取k =3,6,得3≤q 3,且q 5≤6,从而q 15≥243,且q 15≤216, 所以q 不存在.因此所求m 的最大值小于6. 综上,所求m 的最大值为5.2.解析:对于B ,令2104x λ-+=,得12λ=, 取112a =,所以211,,1022n a a ==<L ,所以当14b =时,1010a <,故B 错误;对于C ,令220x λ--=,得2λ=或1λ=-, 取12a =,所以22,,210n a a ==<L , 所以当2b =-时,1010a <,故C 错误;对于D ,令240x λ--=,得117λ±=取1117a +=2117a +=,…,11710n a +=<, 所以当4b =-时,1010a <,故D 错误;对于A ,221122a a =+…,223113224a a ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭…,242431911714216216a a a ⎛⎫=++++=> ⎪⎝⎭…,10n n a a +->,{}n a 递增,当4n …时,11132122n n n n a a a a +=+>+=, 所以5465109323232a a a a a a ⎧>⎪⎪⎪>⎪⎨⎪⎪⎪>⎪⎩M,所以610432a a ⎛⎫> ⎪⎝⎭,所以107291064a >>故A 正确.故选A .3.解析(Ⅰ)设数列{}n a 的公差为d ,由题意得11124,333a d a d a d +=+=+,解得10,2a d ==.从而*22,n a n n =-∈N .由12,,n n n n n n S b S b S b +++++成等比数列得()()()212n n n n n n S b S b S b +++=++.解得()2121n n n n b S S S d++=-. 所以2*,n b n n n =+∈N .(Ⅱ)*n c n ===∈N . 我们用数学归纳法证明.(1)当n =1时,c 1=0<2,不等式成立;(2)假设()*n k k =∈N时不等式成立,即12h c c c +++<L . 那么,当1n k =+时,121k k c c c c +++++<<L<==.即当1n k =+时不等式也成立.根据(1)和(2),不等式12n c c c +++<L *n ∈N 成立.2010-2018年1.C 【解析】∵113n n a a +=-,∴{}n a 是等比数列又243a =-,∴14a =,∴()1010101413313113S -⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭==-+,故选C .2.D 【解析】【法1】有题设知21a a -=1,① 32a a +=3 ② 43a a -=5 ③ 54a a +=7,65a a -=9,76a a +=11,87a a -=13,98a a +=15,109a a -=17,1110a a +=19,121121a a -=,……∴②-①得13a a +=2,③+②得42a a +=8,同理可得57a a +=2,68a a +=24,911a a +=2,1012a a +=40,…,∴13a a +,57a a +,911a a +,…,是各项均为2的常数列,24a a +,68a a +,1012a a +,…是首项为8,公差为16的等差数列, ∴{n a }的前60项和为11521581615142⨯+⨯+⨯⨯⨯=1830. 【法2】可证明:14142434443424241616n n n n n n n n n n b a a a a a a a a b +++++---=+++=++++=+112341515141010151618302b a a a a S ⨯=+++=⇒=⨯+⨯= 【法3】不妨设11a =,得23572,1a a a a ====⋅⋅⋅=,466,10a a ==,所以当n 为奇数时,1n a =,当n 为偶数时,构成以2a 为首项,以4为公差的等差数列,所以得601830S =3.A 【解析】法一:分别求出前10项相加即可得出结论;法二:12349103a a a a a a +=+=⋅⋅⋅=+=,故1210a a a ++⋅⋅⋅+=3515⨯=.故选A. 4.6【解析】∵112,2n n a a a +==,∴数列{}n a 是首项为2,公比为2的等比数列,∴2(12)12612n n S -==-,∴264n =,∴6n =. 5.27【解析】∵11a =,11(2)2n n a a n -=+≥,所以数列{}n a 是首项为1,公差为12的等差数列,所以前9项和998192722S ⨯=+⨯=.6.2011【解析】由题意得:112211()()()n n n n n a a a a a a a a K ---=-+-++-+(1)1212n n n n L +=+-+++=所以1011112202(),2(1),11111n n n S S a n n n n =-=-==+++.7.12【解析】将82a =代入111n n a a +=-,可求得712a =;再将712a =代入111n n a a +=-,可求得61a =-;再将61a =-代入111n na a +=-得52a =;由此可知数列{}n a 是一个周期数列,且周期为3,所以1712a a ==. 8.【解析】当n =1时,1a =1S =12133a +,解得1a =1, 当n ≥2时,n a =1n n S S --=2133n a +-(12133n a -+)=12233n n a a --,即n a =12n a --,∴{n a }是首项为1,公比为-2的等比数列,∴n a =1(2)n --.9.(1)116-,(2)10011(1)32-【解析】(1)∵1(1)2nn n nS a =--.3n =时,a 1+a 2+a 3=-a 3-18 ①4n =时,a 1+a 2+a 3+a 4=a 4-116,∴a 1+a 2+a 3=-116. ②由①②知a 3=-116.(2)1n >时,11111(1)()2n n n n S a ----=--,∴11(1)(1)()2n n n n n n a a a -=-+-+当n 为奇数时,1111()22n n n a a +-=-; 当n 为偶数时,11()2nn a -=-.故11(),21(),2n n n n a n +⎧-⎪⎪=⎨⎪⎪⎩为奇数为偶数,11,20,n n n S n +⎧-⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数∴121002*********()2222S S S ++⋅⋅⋅+=-+++⋅⋅⋅+ 10010010011(1)111142(1)(1)1323214-=-=--=--.10.1830【名师解析】可证明:14142434443424241616n n n n n n n n n n b a a a a a a a a b +++++---=+++=++++=+,1123410b a a a a =+++=⇒15151410151618302S ⨯=⨯+⨯=. 11.3018【解析】因为cos 2n π的周期为4;由cos 12n n a n π=+n N *∈∴12346a a a a +++=,56786a a a a +++=,… ∴ 201250363018S =⨯=12.4【解析】由题意得1122(4)()(1)(14)()3322(4)()(1)(14)()33k k k k k k k k k k k k -+⎧+>--+⎪⎪⎨⎪+>+++⎪⎩,得22(1)1010k k ⎧-<⎨>⎩,13.【解析】(1)设等比数列{}n b 的公比为q ,由11b =,322b b =+,可得220q q --=.因为0q >,可得2q =,故12n n b -=.所以122112nn n T -==--. 设等差数列{}n a 的公差为d .由435b a a =+,可得134a d +=. 由5462b a a =+,可得131316,a d += 从而11,1a d ==, 故n a n =,所以(1)2n n n S +=. (2)由(1),知13112(222)2 2.n n n T T T n n ++++=+++-=--L L由12()4n n n n S T T T a b ++++=+L 可得11(1)2222n n n n n n ++++--=+, 整理得2340n n --=,解得1n =-(舍),或4n =.所以n 的值为4. 14.【解析】(1)因为123(21)2n a a n a n ++⋅⋅⋅+-=,故当2n ≥时,1213(23)2(1)n a a n a n -++⋅⋅⋅+-=-.两式相减得(21)2n n a -=. 所以221n a n =-(2)n ≥. 又由题设可得12a =. 从而{}n a 的通项公式为 =.(2)记{}21na n +的前n 项和为n S , 由(1)知21121(21)(21)2121n a n n n n n ==-++--+. 则11111121335212121n nS n n n =-+-+⋅⋅⋅+-=-++. 15.【解析】(Ⅰ)由已知,1221121,1,,3a b b b b b +===得12a =,所以数列{}n a 是首项为2,公差为3的等差数列,通项公式为31n a n =-. (Ⅱ)由(Ⅰ)和11n n n n a b b nb +++= ,得13n n b b +=,因此{}n b 是首项为1,公比为13的等比数列.记{}n b 的前n 项和为n S ,则111()313.122313nn n S --==-⨯- 16.【解析】 (Ⅰ)设数列{}n a 的公差为d ,由题意有11254,53a d a d -=-=,解得121,5a d ==,所以{}n a 的通项公式为235n n a +=. (Ⅱ)由(Ⅰ)知235n n b +⎡⎤=⎢⎥⎣⎦, 当n =1,2,3时,2312,15n n b +≤<=; 当n =4,5时,2323,25n n b +≤<=;当n =6,7,8时,2334,35n n b +≤<=;当n =9,10时,2345,45n n b +≤<=,所以数列{}n b 的前10项和为1322334224⨯+⨯+⨯+⨯=.17.【解析】(Ⅰ)由12a =,12n n a a +=,得2nn a =.当1n =时,121,b b =-故22b =. 当n 2≥时,11,n n n b b b n+=-整理得11,n n b n b n ++=所以n b n =. (Ⅱ)由(Ⅰ)知,2nn n a b n =⋅, 故23222322nn T n =+⋅+⋅+⋅⋅⋅+⋅,()2341222222122n n n T n n +=+⋅+⋅+⋅⋅⋅+-⋅+⋅,所以()1122n n T n +=-+.18.【解析】(Ⅰ)由条件,对任意*n N ∈,有2133n n n a S S ++=-+*()n N ∈,因而对任意*,2n N n ∈≥,有1133n n n a S S +-=-+*()n N ∈,两式相减,得2113n n n n a a a a +++-=-,即23,(2)n n a a n +=≥, 又121,2a a ==,所以3121121333()33a S S a a a a =-+=-++=,故对一切*n N ∈,23n n a a +=.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,0n a ≠,所以23n na a +=,于是数列21{}n a -是首项11a =,公比为3的等比数列,数列2{}n a 是首项12a =,公比为3的等比数列,所以112123,23n n n n a a ---==⨯,于是21221321242()()n n n n S a a a a a a a a a -=+++=+++++++L L L1113(31)(133)2(133)3(133)2n n n n ----=+++++=++=L L L .从而1221223(31)323(531)22n n n n n n S S a ----=-=-⨯=⨯-, 综上所述,2*2*23(531),(21,)23(31),(2,)2n n nn k k N S n k k N -⎧⨯-=+∈⎪⎪=⎨⎪-=∈⎪⎩.19.【解析】(Ⅰ)2211111:(1)320,60n S S S S =---⨯=+-=令得即,所以11(3)(2)0,S S +-=1110,2, 2.S S a >∴==Q 即(Ⅱ)2222(3)3()0,:(3)()0,n n n n S n n S n n S S n n ⎡⎤-+--+=+-+=⎣⎦由得20(),0,30,,n n n n a n N S S S n n *>∈∴>+>∴=+Q 从而2212,(1)(1)2,n n n n a S S n n n n n -⎡⎤∴≥=-=+--+-=⎣⎦当时1221,2().n a a n n N *==⨯∴=∈又(Ⅲ)当*k ∈N 时,22313()()221644k k k k k k +>+-=-+ 111111113(1)2(21)44()()()244k k a a k k k k k k ∴==⋅<⋅+++-+11111111144(1)()(1)4444k k k k ⎡⎤⎢⎥=⋅=⋅-⎢⎥⎡⎤⎢⎥-+--⋅+-⎢⎥⎣⎦⎣⎦1122111(1)(1)(1)n n a a a a a a ∴++++++L 1111111()()11111141223(1)444444n n ⎡⎤⎢⎥<-+-++-⎢⎥⎢⎥-----+-⎣⎦L 20.【解析】(Ⅰ) 11111121.S S a a n a S ⋅=-=∴=时,当Θ.1,011=≠⇒a a 11111111222221----=⇒-=---=-=>n n n n n n n n n a a a a S a a S a a s s a n 时,当- .*,221}{11N n a q a a n n n ∈===⇒-的等比数列,公比为时首项为 (Ⅱ)n n n n qa n qa qa qa qT a n a a a T ⋅++⋅+⋅+⋅=⇒⋅++⋅+⋅+⋅=ΛΛ321321321321设 1432321+⋅++⋅+⋅+⋅=⇒n n a n a a a qT Λ上式左右错位相减:n n n n n n n n na q q a na a a a a T q 21211)1(111321⋅--=---=-++++=-++Λ *,12)1(N n n T n n ∈+⋅-=⇒。

理科数学2010-2019高考真题分类训练专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和

理科数学2010-2019高考真题分类训练专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和

专题六数列第十七讲 递推数列与数列求和2019年1.(2019天津理19)设{}n a 是等差数列,{}n b 是等比数列.已知1122334,622,24a b b a b a ===-=+,. (Ⅰ)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(Ⅱ)设数列{}n c 满足111,22,2,1,,k k n kk c n c b n +=⎧<<=⎨=⎩其中*k ∈N . (i )求数列(){}221n n a c -的通项公式; (ii )求()2*1ni ii a c n =∈∑N .2010-2018年一、选择题1.(2013大纲)已知数列{}n a 满足12430,3n n a a a ++==-,则{}n a 的前10项和等于 A .106(13)--- B .101(13)9- C .103(13)-- D .103(13)-+2.(2012上海)设25sin 1πn n a n =,n n a a a S +++= 21,在10021,,,S S S 中,正数的个数是A .25B .50C .75D .100 二、填空题3.(2018全国卷Ⅰ)记n S 为数列{}n a 的前n 项和,若21n n S a =+,则6S =_____. 4.(2017新课标Ⅱ)等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,33a =,410S =,则11nk kS ==∑ . 5.(2015新课标Ⅱ)设n S 是数列{}n a 的前n 项和,且1111,n n n a a S S ++=-=,则n S =__.6.(2015江苏)数列}{n a 满足11=a ,且11+=-+n a a n n (*N n ∈),则数列}1{na 前10项的和为 . 7.(2013新课标Ⅰ)若数列{n a }的前n 项和为n S =2133n a +,则数列{n a }的通项公式是n a =______. 8.(2013湖南)设n S 为数列{}n a 的前n 项和,1(1),,2n n n n S a n N *=--∈则(1)3a =_____;(2)12100S S S ++⋅⋅⋅+=___________.9.(2012新课标)数列}{n a 满足12)1(1-=-++n a a n nn ,则}{n a 的前60项和为.10.(2012福建)数列{}n a 的通项公式cos12n n a n π=+,前n 项和为n S ,则 2012S =___________.三、解答题11.(2018浙江)已知等比数列1{}a 的公比1q >,且34528a a a ++=,42a +是3a ,5a 的等差中项.数列{}n b 满足11b =,数列1{()}n n n b b a +-的前n 项和为22n n +.(1)求q 的值;(2)求数列{}n b 的通项公式.12.(2018天津)设{}n a 是等比数列,公比大于0,其前n 项和为n S ()n *∈N ,{}n b 是等差数列.已知11a =,322a a =+,435a b b =+,5462a b b =+.(1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)设数列{}n S 的前n 项和为n T ()n *∈N ,(i)求n T ;(ii)证明221()22(1)(2)2n nk k k k T b b k k n ++=+=-+++∑()n *∈N . 13.(2017江苏)对于给定的正整数k ,若数列{}n a 满足11112n k n k n n n k n k n a a a a a a ka --+-++-+++⋅⋅⋅+++⋅⋅⋅++=对任意正整数n ()n k >总成立,则称数列{}n a 是“()P k 数列”. (1)证明:等差数列{}n a 是“(3)P 数列”;(2)若数列{}n a 既是“(2)P 数列”,又是“(3)P 数列”,证明:{}n a 是等差数列.14.(2016年全国II )n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,且11a =,728S =.记[]lg n n b a =,其中[]x 表示不超过x 的最大整数,如[]0.90=,[]lg991=. (Ⅰ)求1b ,11b ,101b ;(Ⅱ)求数列{}n b 的前1000项和.15.(2015新课标Ⅰ)n S 为数列{}n a 的前n 项和,已知0n a >,2243n n n a a S +=+(Ⅰ)求{}n a 的通项公式: (Ⅱ)设11n n n b a a +=,求数列{}n b 的前n 项和. 16.(2015广东)数列{}n a 满足:1212242n n n a a na -+++⋅⋅⋅+=-,*N n ∈. (1)求3a 的值;(2)求数列{}n a 的前n 项和n T ; (3)令11b a =,1111(1)23n n n T b a n n-=++++⋅⋅⋅+(2)n ≥ 证明:数列{}n b 的前n 项和n S 满足22ln n S n <+.17.(2014广东)设各项均为正数的数列{}n a 的前n 项和为n S ,且n S 满足()()*∈=+--+-N n n n S n n S n n ,033222.(Ⅰ)求1a 的值;(Ⅱ)求数列{}n a 的通项公式; (Ⅲ)证明:对一切正整数n ,有()()().311111112211<+++++n n a a a a a a18.(2013湖南)设n S 为数列{n a }的前项和,已知01≠a ,2n n S S a a ∙=-11,∈n N *(Ⅰ)求1a ,2a ,并求数列{n a }的通项公式; (Ⅱ)求数列{n na }的前n 项和.19.(2011广东)设0b >,数列{}n a 满足1a b =,11(2)22n n n nba a n a n --=≥+-.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)证明:对于一切正整数n ,11 1.2n n n b a ++≤+。

历年高考全国1卷文科数学真题分类汇编-数列含答案

历年高考全国1卷文科数学真题分类汇编-数列含答案

历年高考新课标I 卷试题分类汇编(文)一数列1、(2010年第17题)设等差数列{q }满足4 =5,%。

=一9.(II )求{4}的前,项和S”及使得S 〃最大的序号〃的值。

「+2,/=5 9解:(1)由 am=aI+(.n-1) d 及 ai=5, aw=-9 得 i 4]+9d=_9 解得 t d=—2数列{am }的通项公式为a n =ll-2n o ... 6分(2)由(1)知 Sm=nai+———-d=10n-n 2因为 Sm=-(n-5)2+25. 所以n=5时,Sm 取得最大值。

……12分2、(20H 年第17题)已知等比数列{〃}中,6 =1,公比q = L.1 — </(I ) S 〃为{%}的前〃项和,证明:s n =——2(II ) h n = log 3 67, + log 3 «2 + .. - + log 3 ,求数列2 的通项公式。

(I )证明:因为q=L, q = L 所以数列{祗}的通项式为3 331(1-—)故 s.=T 1—3z IT x. 7J f , 八 八 c 、 n(n + l) .. , 〃(〃 + l) (II ) 解:b n = log 3+ log 3 a 2 + ... + log 3a n =一(1 + 2 + 3+—・ + 〃)=- --- 故a=-- -------- 223、(2012年第12题)数列{6}满足q*+(—l )〃氏=2〃 —1,则{«,}的前60项和为(D ) A. 3690 B. 3660 C. 1845 D. 18304、(2012年第14题)等比数列伯力的前n 项和为数,若S3+3Sz=0,则公比q= -2 ・5、(2013年第6题)设首项为1,公比为错误!未找到引用源。

的等比数列{〃〃}的前〃项和为S 〃,则(D )(A) S n = 2a n — 1 (B) S n = 3(0-2 (C) S 〃=4-3。

数列第十七讲递推数列与数列求和答案

数列第十七讲递推数列与数列求和答案

2专题六数列第十七讲递推数列与数列求和答案部分 2019 年当n_ 2时,整理得 bn|j Lbn 1 L 20 • 所以数列{b n }是首项和公差均为1的等差数列1•解析(1) 设等比数列 a 3 4a 2 4 a2 4a q4aq1a4 □11,解得aqaq a q 2因此数列{a }为“ M —数列”(2)①因为2,所以bb O由bi1bi ,得b 2 L2- ,则b2bb12(bn 1b)n{a n }的公比为q ,所以 a i 工Q q 工0.1 124 14 1 0,得因此,数列{b n }的通项公式为b n =nLL1②由①知,b k =k , k^N *.因为数列{C n }为"M-数列”设公比为q ,所以C 1=1, q>0. 因为C k 电kWk+i ,所以q k l k,其中k=1, 2, 3,…当k=1时,有q > 1 ;当k=2, 3,…,m 时, 有m.ln k ln k In q _kk 12In x设 f ( x ) = (x - 1),则 f'(x) x令f'(x) |_0 ,得X=e ・列表如下:x (1,e)e(e , + g)f'(x) +f ( x )极大值一 -:一 ,所以 f (k) f (3)— 26 6 3 max3经检验知q k1《k 也成立. 因此所求m 的最大值不小于5.若m >6分别取k=3, 6,得3角3,且q 5w6从而q 15> 243且q 15< 216 所以q 不存在•因此所求m 的最大值小于6. 综上,所求m 的最大值为5.x k一,得14 _21 11取—a _ ,所以a一丄,a_〈10,12n22 21所以当1 2•解析:对于B ,令2— 0 b ]时,a 10〈10,故B 错误;对于C,令 取 a 1 2, 所以当b 对于D ,x 2 .. 2 0,得」2或 所以 a I 」L a 2 2 J J J厂 2时, < , n 2 10 厂a 10 〈10,故C 错误; ,得,1-1717,所以21 171 1710,21 In x取 q 3.3,当 k=1, 2, 3, 4, 5 时,In k kkIn q ,即 k_ q ,所以当b] 4时,a 〈,故D错误;io 102>0,{ } a—n当rr ・4时,越所以a5.L a3•解析(I )设数列a 1 L 2d L 4,a 1 L 3d L 3a L 3d , 解得a L 0,d 2 .从而a 2n 2,n£ N * •对于A , a 2 —2a>172 1616所以a103>1 I2所以729a1064-10故A 正确.故选A . az递增,102a {a }的公差为d ,由题意得nn由S li b ,S|| l b ,S|| li b成等比数列得n n n 1 n n 2 n_S[ |_b [ LL S l_b |__S[ Lb _ •2 -n 1 n n n n 2 n1解得l_ _b [ S S S •2n n|_1 n n[2dLn2E N*.所以bna 2n 2 n 1(n) c ,託*n N nn2b 2n( n[]1) n(n J1)我们用数学归纳法证明.(1 )当n=1时,C1=0<2,不等式成立;3(2)假设 _uC _2『L 『22 k 2( k 1 k) 12 k 1 kV即当n L k|_1时不等式也成立.根据(1)和(2),不等式 c 1 ll c 2 L C n 2 n 对任意n . N *成立.2010-2018 年10n k k^N时不等式成立,即c 1 LsL L2h 〈2『那么,当n时,,故选C .4 1I II 1 I I10aa =1, ①a a =3②a a =5③a a =7, a a =9,2132435465a a =11 ,aa =13,a a =15,a a =17a a =19, a a,76879810911 1012 1121【法 有题设知1】2k[l是等比数列2. D 【解析】•••②一①得a a =2,③+ ②得a a =8,同理可得a a =2, a a =24, a a =2,1 3 42 57689 11a [a =40,…,10 12•- a a , a a , a a ,…,是各项均为2的常数列,a \ a , a a , a II a,…1 3 5 7 9 112 4 6 8 10 12是首项为8,公差为16的等差数列,1• { a }的前60 项和为15汐|_15何:(16}{15)( 14=1830.n2【法2】可证明:b 1.1 _ a4 [1 _ a41_2 _ a41_3 _ a4 [4 _ a4 3 _ a4 2 _ a4 2 _ a4 16 b _ 16nnnnn nnnn n41b |a |a |a |a [JlO 芳 S |10)05 --------------- 归6 [18301),S 12(1 n1 (n2n,S n 11110代入11234152【法3】不妨设11 2 2, 35 7 1 46, 6 10a _,得aa a [aL|||[,a a L ,所以当n 为奇数时,a 1,当nn 为偶数时,构成以a 为首项, 2以 4为公差的等差数列,所以得S 60 U 18303. A 【解析】法一:分别求出前10项相加即可得出结论;法二: a 1 a 2 I a 3 a 4 ■- ■- C a 9 a 10 3,故 a a …14. 6【解析】T a H a12,n 1 • S 2(1n2 )n1262a 数列 :2 na 是首项为2,公比为n••• 2叫64 , ••• n=6.2的等比数列,5. 27【解析】T a 1 Il 1, a 1 an1(n > 2),所以数列{a }是首项为 1,公差为11的等26. 差数列,所以前9项和S 99 一1 27.20【解析】由题意得:a fl (a a ) (a n■ ann" 111n ll nn(n 1)7.【解析】将a 8 2代入,可求得再将可求得 代入a6a l ;再将;由此可知数列;再将a1 一 -- 6代入1周期数列,且周期为3,所以2 【解析】当n =1时, S = a a =1 1 1.72 1a2a=35 15.故选 A.102 n1201252 12 1当 n > 2 时, S S =a )=a =a ]—(n n n 1nn 13 3 3 3••• { a }是首项为1,公比为一2的等比数列,•••n11 19. (1)(2)(1) 163 2100【解析】 (1)'•- S _( 1) annnna = ( 2)n1 . n31时,a 1 + a 2+ a 3= — a 3— 1a 〔+ a ?+ 83+ a 4= a 4— 11,.•. a 1 + a 2+ a 3= —1616.为奇数时,为偶数时,1 (),n 为偶数n由①②知 a 3= —16⑵n 〉1 时, S 1)nan1) a _nn(1) ()n 12fl1 [1,n 为奇数 (),n 为奇数n 为偶数100 1002时, 40,31(142 (11)2 3 21 4610. 1830【名师解析】可证明:b [1 _a 4 [1 _a 4 [2 _a 4 [a a 4 |_4 a 4 3 a 4 2a 4 2 _ a 4 16 _bL16,nnnn n nnnn n15X14b a a a aN S 网但X16 1830.1123410152n-r11. 3018 【解析】 因为cos 的周期为4;由an cos1_ N ;-n22••• a a a a,5678612346a a a a•- SX::2012503 6 3018[] >:2 <22,得(k 1)10 12. 4【解析】由题意得kk 1Jk(k 4)( ) (k 1)(k 1 4)( )k >1023 3 I22| ] > □ □ □kk 1k(k 4)( ) (k 1)(k 1 4)()3313.【解析】(1)设等比数列{b }的公比为q ,由322b L , b L b L ,可得 q q 2 L 0. 1 1•所以 1 22 1~n~n ,所以1) 2两式相减得(2n 1)a L2 .又由题设可得从而{a }的通项公式为na(2)记{}的前n 项和为 n S , 2n|_1因为q 〉0,可得q[2 ,故2“ 1TU设等差数列{a }的公差为d .由 ,可得 3 |_3d|_4 .5由b5a 4 2a 6,可得3a [13d 116,从而1,d⑵由(1),知12 (222 T _TL L U T L L丄 _nn213nn)n2.整理得 n 2 3n 4 14. 【解析】(1)因为解得an3 2a1 (舍) 2n-l(2 n a ,或nL4 .所以1) n 2_ n ,故当n >n 的值为 2时,4.a 1 |_3a L …」(2n 3)a n 1 L2(n 1).1)可得4所以a n22n 1(n > 2).a 2 1 17b是首项为1,公比为n的等比数列记[bnSn 的前n项和为15 . 由( 1)【解析】2n (2n 1)(2 n1)2n 2n 12n2n 2nLL2n 11由已知,ab |_b1 21,b 所以数列ia |是首项为n 2,公差为3的等差数列,通项公式为3n(n)由(i)和a b ] U b II fl nb ,得b n [1Sn n 11 2 2 31316-【解析】(I)设数列:一a的公差为d,由题意有n2a [I d I ,所以n解得1, a的通项公式为1 n5 -------(n)由(I)知b 2nn -------2n552n 352n52』3故1,整理得 1bOn 1, 所以bn2a 5d 4,a 5d O3, ___ 1 12n 35-—J2叫3当n =1,2,3 时,1<---------- 〈2,b L1 ;当n =4,5 时,2 < <3,b [2 ;当n =6,7,8 时,3 , 〈4,b L3;当n =9,10 时,〈5,b L4,所以数列I的前10 项和为1X3L2X2L3X3L4X2L 24 .17•【解析】(i)由a1a 1 2a ,得故T |_2 |_2|22 |_3|23L---L门|艺,n2 2 2 2 2 2 1 2n2nT L 2 L \ 3 L I 4 n L| I_n| L1,n所以l_ _T [ n L _ •1 2n12n18•【解析】(i)由条件,对任意n ■_ N*, 有L S S (n 一N*),2 3 1 3n n n因而对任意n _ N* ,n_2,有a 13S 1S [J 3 (n 一N*),n n n两式相减,得a 2 a |1 Il3a a n,即a i)2 3a ,(n_2),n n n n n n又a li a ,所以a ll ss HU a a li a LI L a,81 1,2 23 3 1 23 3 1 (1 2 )33 1819 .(n)由(i)知,的等比数列,数列所以a*0.2n 1所以a i{a }是首项2nS2 n a i a2 L[(1〔3L L从而S2n 1综上所述,3 a 是首项a i [Ji,公比为3,于是数列{ }n2,公比为3的等比数列,(a i a3 L a2ni) @2 a4 L a2n)n 13 )〔2(13(3nS2na2n【解析】(i)令n(5 3n 1)L3({^L 33(3 1)n1)(5n1),(n 2k fl i,k - N )n3(32 1),(n 2k,k_N )*1得:oS211) 3S X10,即S2_S1 11)9S 2 (n 2 Ln 3)S 3(n 2 [ n) L 0, 由nnk^N 时,2*k 2k3 ( 1)( 3)k _ >k_ kkU(川)当22 16 4 41 111 11.LLI< 1a (a Li) 2k(2k[]l)4 k(k L ) 4 (k)(k L )11 3 k k244:(S ]3)[s (n 2 L n) L 0, 得nnn/V>>一NP *sn>aLssnn1,n2\72n1时2312k — 卜婭& -------- k4 4 41 1 1L 二tLt —a (a X) a (a ⑷ a (a |_1)1 1 1 1<( )(1 1 1 41 22_4 4420.【解析】(i ) ® S当nn n1 1 11)L1 1 13(1)Lnn4」441 时,2a 1 a 一s Is1 ? 0, _1a a2a a 2aa a a a1 |_2 2 |_2 ------------------ n 1 1 — _ ______nnn 1nn 1SS1 1公比为 的等比数列,1I 20 n - 1qa 2, nnLTL -4 ()「( 1)]4"(L D 11 1 1 1 11111 (n)设T n L I a L I a L 22I a L n| a =qT IqaI qa 1L (qaL A L ni qa323—qT n 1 a 2 2当n>1时,a n_ s s 1n n={ 时首项为a n }a1上式左右错位相减:312q)T a in[]a a O,:;i[]a na [l a2 3 n n1 11 q 芳T』(n 1)|叫1忌2 ,21. [解析] (1)由a b > 0, a知1 nnba n 1 2 n 11n 〉0, 一- ・La _2n 2 ab b an 1 n n 1令n令A , A 1n 1a bn当 1 2n「2 时,A D An nb b1 2]Ob b2 ①当b*2时,1 2L2“ 2n n?n 1Ab b b b2 1 11n 2 n12 2]b bn 1 n2 1 2na nn nn 11021 —-2 (1 ) b b b 2A—nnn2 n( 2)1b bbn②当b2时,Aan2nnb (b 2) I ,b*2 a b -------------------n nn22, b 2[24b n L24 b n L L |_2 n Lb n |_2b n |_L L 2n b n1 12 2 2 2 2 12 n n n 12 22 b b _2 b ( L L LLL L L L n nb bb222nn n 1(2)当b*2时,(欲证an|.L nb_n|_112nn(2b )(2b 2nb (b n2)bb 2nnn[11,nb <(_1)只需证)nn[1b 22nn nn1 112b )(b 2b Ln LibnLi<b 2212 )>2n b n(2 |_2 L L |_2) |_2n|2n b n L n|2n b n,2n n[lnb (b 2) b〈Li.n nnLib 2 2n|_1b 当b[2 时,a |_2 [_ |_1.n n|_12n 1综上所述 ba _i 1.n n2ii 1. C【解析】•••所以12(a。

2010-2019高考真题分类第17讲 递推数列与数列求和【学生试卷】

2010-2019高考真题分类第17讲  递推数列与数列求和【学生试卷】

第17讲 递推数列与数列求和 一、选择题1.(2013大纲)已知数列{}n a 满足12430,3n n a a a ++==-,则{}n a 的前10项和等于( ) A .106(13)---B .101(13)9- C .103(13)-- D .103(13)-+2.(2012上海)设25sin1πn n a n =,n n a a a S +++= 21,在10021,,,S S S 中,正数的个数是( ) A .25 B .50C .75D .100二、填空题3.(2018全国卷Ⅰ)记n S 为数列{}n a 的前n 项和,若21n n S a =+,则6S =____.4.(2017新课标Ⅱ)等差数列{}n a 的前错误!未找到引用源。

n 项和为n S ,33a =,410S =,则11nk kS==∑____.5.(2015新课标Ⅱ)设n S 是数列{}n a 的前n 项和,且1111,n n n a a S S ++=-=,则n S =____.6.(2015江苏)数列}{n a 满足11=a ,且11+=-+n a a n n (*N n ∈),则数列}1{na 前10项的和为____.7.(2013新课标Ⅰ)若数列{n a }的前n 项和为n S =2133n a +,则数列{n a }的通项公式是n a =____.8.(2013湖南)设n S 为数列{}n a 的前n 项和,1(1),,2n n n n S a n N *=--∈则 (1)3a =____;(2)12100S S S ++⋅⋅⋅+=____.9.(2012新课标)数列}{n a 满足12)1(1-=-++n a a n n n ,则}{n a 的前60项和为____.10.(2012福建)数列{}n a 的通项公式cos12n n a n π=+,前n 项和为n S ,则 2012S =____.三、解答题11.(2018浙江)已知等比数列1{}a 的公比1q >,且34528a a a ++=,42a +是3a ,5a 的等差中项.数列{}n b 满足11b =,数列1{()}n n n b b a +-的前n 项和为22nn +.(1)求q 的值;(2)求数列{}n b 的通项公式.12.(2018天津)设{}n a 是等比数列,公比大于0,其前n 项和为n S ()n *∈N ,{}n b 是等差数列.已知11a =,322a a =+,435a b b =+,5462a b b =+.(1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)设数列{}n S 的前n 项和为n T ()n *∈N , (i )求n T ;(ii )证明221()22(1)(2)2n nk k k k T b b k k n ++=+=-+++∑()n *∈N .13.(2017江苏)对于给定的正整数k ,若数列{}n a 满足111n k n k n n a a a a --+-+++⋅⋅⋅+++⋅⋅⋅12n k n k n a a ka +-+++=对任意正整数n ()n k >总成立,则称数列{}n a 是“()P k 数列”.(1)证明:等差数列{}n a 是“(3)P 数列”;(2)若数列{}n a 既是“(2)P 数列”,又是“(3)P 数列”,证明:{}n a 是等差数列.14.(2016年全国II )n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,且11a =,728S =.记[]lg n n b a =,其中[]x 表示不超过x 的最大整数,如[]0.90=,[]lg991=.(Ⅰ)求1b ,11b ,101b ;(Ⅱ)求数列{}n b 的前1000项和.15.(2015新课标Ⅰ)n S 为数列{}n a 的前n 项和,已知0n a >,2243n n n a a S +=+ (Ⅰ)求{}n a 的通项公式:(Ⅱ)设11n n n b a a +=,求数列{}n b 的前n 项和.16.(2015广东)数列{}n a 满足:1212242n n n a a na -+++⋅⋅⋅+=-,*N n ∈. (1)求3a 的值;(2)求数列{}n a 的前n 项和n T ; (3)令11b a =,1111(1)23n n n T b a n n-=++++⋅⋅⋅+(2)n ≥ 证明:数列{}n b 的前n 项和n S 满足22ln n S n <+.17.(2014广东)设各项均为正数的数列{}n a 的前n 项和为n S ,且n S 满足()()*∈=+--+-N n n n S n n S n n ,033222.(Ⅰ)求1a 的值;(Ⅱ)求数列{}n a 的通项公式; (Ⅲ)证明:对一切正整数n ,有()()().311111112211<+++++n n a a a a a a18.(2013湖南)设n S 为数列{n a }的前项和,已知01≠a ,2n n S S a a ∙=-11,∈n N *(Ⅰ)求1a ,2a ,并求数列{n a }的通项公式; (Ⅱ)求数列{n na }的前n 项和.19.(2011广东)设0b >,数列{}n a 满足1a b =,11(2)22n n n nba a n a n --=≥+-.(1)求数列{}n a的通项公式;(2)证明:对于一切正整数n,111.2nn nba++≤+。

答案第17讲 递推数列与数列求和答案--高考数学习题和答案

答案第17讲 递推数列与数列求和答案--高考数学习题和答案

14.【解析】(Ⅰ)设{an} 的公差为 d ,= S7 7= a4 28 ,
∴ a4 = 4 ,= ∴ d
a= 4 − a1 3
1,∴ an = a1 + (n −1)d = n .
∴=b1 [lg= a1 ] [l= g1] 0 ,= b11 [lg= a11 ] [l= g11] 1 ,= b101 [lg= a101 ] [l= g101 ] 2 .
当 n = 4 时, a1 + a2 + a3 + a4 = 2a4 +1 ,解得 a4 = −8 ;
当 n = 5 时, a1 + a2 + a3 + a4 + a5 = 2a5 +1,解得 a5 = −16 ;
当 n = 6 时, a1 + a2 + a3 + a4 + a5 + a6 = 2a6 +1,解得 a6 = −32 .
+
) 1
= n+
1
,
S10
= 11

7.【解析】当
n
=1
时,
a1
=
S1
=
2 3
a1
+
1 3
,解得
a1
=1,

n≥2时,Fra bibliotekan=
Sn

Sn−1
=
2 3
an
+
1 3
-(
2 3
an−1
+
1 3
)=
2 3
an

2 3
an−1 ,即
an
=
−2an−1

理科数学2010-2019高考真题分类训练专题六数列第十七讲递推数列与数列求和

理科数学2010-2019高考真题分类训练专题六数列第十七讲递推数列与数列求和

专题六数列第十七讲 递推数列与数列求和2019年1.(2019天津理19)设{}n a 是等差数列,{}n b 是等比数列.已知1122334,622,24a b b a b a ===-=+,.(Ⅰ)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(Ⅱ)设数列{}n c 满足111,22,2,1,,k k n kk c n c b n +=⎧<<=⎨=⎩其中*k ∈N . (i )求数列(){}221n n a c -的通项公式; (ii )求()2*1ni ii a c n =∈∑N .2010-2018年一、选择题1.(2013大纲)已知数列{}n a 满足12430,3n n a a a ++==-,则{}n a 的前10项和等于 A .106(13)--- B .101(13)9- C .103(13)-- D .103(13)-+2.(2012上海)设25sin 1πn n a n =,n n a a a S +++=Λ21,在10021,,,S S S Λ中,正数的个数是A .25B .50C .75D .100 二、填空题3.(2018全国卷Ⅰ)记n S 为数列{}n a 的前n 项和,若21n n S a =+,则6S =_____. 4.(2017新课标Ⅱ)等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,33a =,410S =,则11nk kS ==∑ . 5.(2015新课标Ⅱ)设n S 是数列{}n a 的前n 项和,且1111,n n n a a S S ++=-=,则n S =__.6.(2015江苏)数列}{n a 满足11=a ,且11+=-+n a a n n (*N n ∈),则数列}1{na 前10项的和为 .7.(2013新课标Ⅰ)若数列{n a }的前n 项和为n S =2133n a +,则数列{n a }的通项公式是n a =______.8.(2013湖南)设n S 为数列{}n a 的前n 项和,1(1),,2n n n n S a n N *=--∈则 (1)3a =_____;(2)12100S S S ++⋅⋅⋅+=___________.9.(2012新课标)数列}{n a 满足12)1(1-=-++n a a n nn ,则}{n a 的前60项和为.10.(2012福建)数列{}n a 的通项公式cos12n n a n π=+,前n 项和为n S ,则 2012S =___________.三、解答题11.(2018浙江)已知等比数列1{}a 的公比1q >,且34528a a a ++=,42a +是3a ,5a 的等差中项.数列{}nb 满足11b =,数列1{()}n n n b b a +-的前n 项和为22n n +.(1)求q 的值;(2)求数列{}n b 的通项公式.12.(2018天津)设{}n a 是等比数列,公比大于0,其前n 项和为n S ()n *∈N ,{}n b 是等差数列.已知11a =,322a a =+,435a b b =+,5462a b b =+. (1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)设数列{}n S 的前n 项和为n T ()n *∈N ,(i)求n T ;(ii)证明221()22(1)(2)2n nk k k k T b b k k n ++=+=-+++∑()n *∈N . 13.(2017江苏)对于给定的正整数k ,若数列{}n a 满足11112n k n k n n n k n k n a a a a a a ka --+-++-+++⋅⋅⋅+++⋅⋅⋅++=对任意正整数n ()n k >总成立,则称数列{}n a 是“()P k 数列”.(1)证明:等差数列{}n a 是“(3)P 数列”;(2)若数列{}n a 既是“(2)P 数列”,又是“(3)P 数列”,证明:{}n a 是等差数列. 14.(2016年全国II )n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,且11a =,728S =.记[]lg n n b a =,其中[]x 表示不超过的最大整数,如[]0.90=,[]lg991=. (Ⅰ)求1b ,11b ,101b ;(Ⅱ)求数列{}n b 的前1000项和.15.(2015新课标Ⅰ)n S 为数列{}n a 的前n 项和,已知0n a >,2243n n n a a S +=+(Ⅰ)求{}n a 的通项公式: (Ⅱ)设11n n n b a a +=,求数列{}n b 的前n 项和. 16.(2015广东)数列{}n a 满足:1212242n n n a a na -+++⋅⋅⋅+=-,*N n ∈. (1)求3a 的值;(2)求数列{}n a 的前n 项和n T ; (3)令11b a =,1111(1)23n n n T b a n n-=++++⋅⋅⋅+(2)n ≥ 证明:数列{}n b 的前n 项和n S 满足22ln n S n <+.17.(2014广东)设各项均为正数的数列{}n a 的前n 项和为n S ,且n S 满足()()*∈=+--+-N n n n S n n S n n ,033222.(Ⅰ)求1a 的值;(Ⅱ)求数列{}n a 的通项公式; (Ⅲ)证明:对一切正整数n ,有()()().311111112211<+++++n n a a a a a a Λ18.(2013湖南)设n S 为数列{n a }的前项和,已知01≠a ,2n n S S a a •=-11,∈n N *(Ⅰ)求1a ,2a ,并求数列{n a }的通项公式;(Ⅱ)求数列{n na }的前n 项和.19.(2011广东)设0b >,数列{}n a 满足1a b =,11(2)22n n n nba a n a n --=≥+-.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)证明:对于一切正整数n ,11 1.2n n n b a ++≤+。

理科数学2010-2019高考真题分类训练专题六数列第十七讲递推数列与数列求和

理科数学2010-2019高考真题分类训练专题六数列第十七讲递推数列与数列求和

专题六数列第十七讲 递推数列与数列求和2019年1.(2019天津理19)设{}n a 是等差数列,{}n b 是等比数列.已知1122334,622,24a b b a b a ===-=+,.(Ⅰ)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(Ⅱ)设数列{}n c 满足111,22,2,1,,k k n kk c n c b n +=⎧<<=⎨=⎩其中*k ∈N . (i )求数列(){}221n n a c -的通项公式; (ii )求()2*1ni ii a c n =∈∑N .2010-2018年一、选择题1.(2013大纲)已知数列{}n a 满足12430,3n n a a a ++==-,则{}n a 的前10项和等于 A .106(13)--- B .101(13)9- C .103(13)-- D .103(13)-+2.(2012上海)设25sin 1πn n a n =,n n a a a S +++=Λ21,在10021,,,S S S Λ中,正数的个数是A .25B .50C .75D .100 二、填空题3.(2018全国卷Ⅰ)记n S 为数列{}n a 的前n 项和,若21n n S a =+,则6S =_____. 4.(2017新课标Ⅱ)等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,33a =,410S =,则11nk kS ==∑ . 5.(2015新课标Ⅱ)设n S 是数列{}n a 的前n 项和,且1111,n n n a a S S ++=-=,则n S =__.6.(2015江苏)数列}{n a 满足11=a ,且11+=-+n a a n n (*N n ∈),则数列}1{na 前10项的和为 .7.(2013新课标Ⅰ)若数列{n a }的前n 项和为n S =2133n a +,则数列{n a }的通项公式是n a =______.8.(2013湖南)设n S 为数列{}n a 的前n 项和,1(1),,2n n n n S a n N *=--∈则 (1)3a =_____;(2)12100S S S ++⋅⋅⋅+=___________.9.(2012新课标)数列}{n a 满足12)1(1-=-++n a a n nn ,则}{n a 的前60项和为.10.(2012福建)数列{}n a 的通项公式cos12n n a n π=+,前n 项和为n S ,则 2012S =___________.三、解答题11.(2018浙江)已知等比数列1{}a 的公比1q >,且34528a a a ++=,42a +是3a ,5a 的等差中项.数列{}nb 满足11b =,数列1{()}n n n b b a +-的前n 项和为22n n +.(1)求q 的值;(2)求数列{}n b 的通项公式.12.(2018天津)设{}n a 是等比数列,公比大于0,其前n 项和为n S ()n *∈N ,{}n b 是等差数列.已知11a =,322a a =+,435a b b =+,5462a b b =+. (1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)设数列{}n S 的前n 项和为n T ()n *∈N ,(i)求n T ;(ii)证明221()22(1)(2)2n nk k k k T b b k k n ++=+=-+++∑()n *∈N . 13.(2017江苏)对于给定的正整数k ,若数列{}n a 满足11112n k n k n n n k n k n a a a a a a ka --+-++-+++⋅⋅⋅+++⋅⋅⋅++=对任意正整数n ()n k >总成立,则称数列{}n a 是“()P k 数列”.(1)证明:等差数列{}n a 是“(3)P 数列”;(2)若数列{}n a 既是“(2)P 数列”,又是“(3)P 数列”,证明:{}n a 是等差数列. 14.(2016年全国II )n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,且11a =,728S =.记[]lg n n b a =,其中[]x 表示不超过的最大整数,如[]0.90=,[]lg991=. (Ⅰ)求1b ,11b ,101b ;(Ⅱ)求数列{}n b 的前1000项和.15.(2015新课标Ⅰ)n S 为数列{}n a 的前n 项和,已知0n a >,2243n n n a a S +=+(Ⅰ)求{}n a 的通项公式: (Ⅱ)设11n n n b a a +=,求数列{}n b 的前n 项和. 16.(2015广东)数列{}n a 满足:1212242n n n a a na -+++⋅⋅⋅+=-,*N n ∈. (1)求3a 的值;(2)求数列{}n a 的前n 项和n T ; (3)令11b a =,1111(1)23n n n T b a n n-=++++⋅⋅⋅+(2)n ≥ 证明:数列{}n b 的前n 项和n S 满足22ln n S n <+.17.(2014广东)设各项均为正数的数列{}n a 的前n 项和为n S ,且n S 满足()()*∈=+--+-N n n n S n n S n n ,033222.(Ⅰ)求1a 的值;(Ⅱ)求数列{}n a 的通项公式; (Ⅲ)证明:对一切正整数n ,有()()().311111112211<+++++n n a a a a a a Λ18.(2013湖南)设n S 为数列{n a }的前项和,已知01≠a ,2n n S S a a •=-11,∈n N *(Ⅰ)求1a ,2a ,并求数列{n a }的通项公式;(Ⅱ)求数列{n na }的前n 项和.19.(2011广东)设0b >,数列{}n a 满足1a b =,11(2)22n n n nba a n a n --=≥+-.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)证明:对于一切正整数n ,11 1.2n n n b a ++≤+。

2019年高考数学试题分项版—数列(解析版)(2021年整理精品文档)

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2019年高考数学试题分项版--数列(解析版)一、选择题1.(2019·全国Ⅲ文,6)已知各项均为正数的等比数列{a n}的前4项和为15,且a5=3a3+4a1,则a3等于()A.16 B.8 C.4 D.2答案C解析设等比数列{a n}的公比为q,由a5=3a3+4a1得q4=3q2+4,得q2=4,因为数列{a n}的各项均为正数,所以q=2,又a1+a2+a3+a4=a1(1+q+q2+q3)=a1(1+2+4+8)=15,所以a=1,所以a3=a1q2=4.12.(2019·浙江,10)设a,b∈R,数列{a n}满足a1=a,a n+1=+b,n∈N*,则() A.当b=时,a10>10B.当b=时,a10>10C.当b=-2时,a10>10D.当b=-4时,a10>10答案A解析当b=时,因为a n+1=+,所以a2≥,又a n+1=+≥a n,故a9≥a2×()7≥×()7=4,a>≥32>10.当b=时,a n+1-a n=2,故当a1=a=时,a10=,所以a10>1010不成立.同理b=-2和b=-4时,均存在小于10的数x0,只需a1=a=x0,则a10=x0<10,故a>10不成立.103.(2019·全国Ⅰ理,9)记S n为等差数列{a n}的前n项和.已知S4=0,a5=5,则( )A.a n=2n-5 B.a n=3n-10C.S n=2n2-8n D.S n=n2-2n答案A解析设等差数列{a n}的公差为d,∵∴解得∴a n=a1+(n-1)d=-3+2(n-1)=2n-5,S n=na+d=n2-4n.故选A。

(完整word版)2019届高考(文)《数列求和》专题达标试卷(含答案),推荐文档

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课时提升作业(三十一)数列求和(45分钟100分)一、选择题(每小题6分,共36分)1.设数列{(-1)n}的前n项和为S n,则对任意正整数n,S n=( )[:A. B.C. D.2.(2018·天门模拟)已知{a n}是首项为1的等比数列,S n是{a n}的前n项和,且9S3=S6,则数列的前5项和为( )A.或5B.或5C. D.3.已知定义在(0,1)上的函数f(x),对任意m,n∈(1,+∞)且m<n时,都有f-f=f.记a n=f,n∈N*,则在数列{a n}中,a1+a2+…+a8=( )A.fB.fC.fD.f4.(2018·西安模拟)若数列{a n}为等比数列,且a1=1,q=2,则T n=++…+的结果可化为( )A.1-B.1-C. D.5.数列{a n}的通项公式a n=2[n-(-1)n],设此数列的前n项和为S n,则S10-S21+S100的值是( )A.9746B.4873C.9736D.97486.(能力挑战题)若数列{a n}满足-=d(n∈N*,d为常数),则称数列{a n}为“调和数列”.已知正项数列为“调和数列”,且b1+b2+…+b9=90,则b4·b6的最大值是( )A.10B.100C.200D.400二、填空题(每小题6分,共18分)7.对正整数n,若曲线y=x n(1-x)在x=2处的切线与y轴交点的纵坐标为a n,则数列的前n项和为.8.对于数列{a n},定义数列{a n+1-a n}为数列{a n}的“差数列”,若a1=2,{a n}的“差数列”的通项公式为2n,则数列{a n}的前n项和S n= .9.(2018·武汉模拟)已知数列{a n}的各项均为正整数,S n为其前n项和,对于n=1,2,3,…,有a n+1=其中k是使a n+1为奇数的正整数,a n为偶数.(1)当a3=5时,a1的最小值为________.(2)当a1=1时,S1+S2+…+S10=________.三、解答题(10~11题各15分,12题16分)10.(2018·恩施模拟)已知数列{b n}中,b1+2b2+…+2n-1b n=2n2+n.(1)求数列{b n}的通项公式;(2)求数列{b n}的前n项和S n.11.(2018·湖南高考)设S n为数列{a n}的前n项和,已知a1≠0,2a n-a1=S1·S n,n∈N*.(1)求a1,a2,并求数列{a n}的通项公式.(2)求数列{na n}的前n项和.12.(能力挑战题)已知数列{a n}的前n项和为S n,a1=,S n=n2a n-n(n-1),n=1,2,…(1)证明:数列是等差数列,并求S n.(2)设b n=,求证:b1+b2+…+b n<.答案解析1.【解析】选D.因为数列{(-1)n}是首项与公比均为-1的等比数列,[:所以S n==,选D.2.【解析】选C.设等比数列的公比为q,则当公比q=1时,由a1=1得,9S3=9×3=27,而S6=6,两者不相等,故不合题意.所以q≠1,又a1=1,9S3=S6,所以9×=,解之得q=2,所以的前5项和为1++++==.3.【解析】选B.a n=f=f=f-f,所以a1+a2+…+a8=f-f=f=f.故选B.4.【解析】选C.a n=2n-1,设b n==,则T n=b1+b2+b3+…+b n=++…+=.5.【解析】选A.当n为奇数时,a n=2(n+1);当n为偶数时,a n=2(n-1),故有S10=×5+×5=60+50=110,S21=×11+×10=464,S100=×50+×50=10100.故S10-S21+S100=9746.【方法技巧】数列求和的思路(1)等差数列和等比数列的前n项和公式是求和的基础;一般数列的求和问题往往通过变形整理,转化为这两类特殊数列的和的问题.例如一类特殊数列的求和通过倒序相加法或错位相减法变形后,就可以转化为这两类数列的求和问题.(2)观察数列的特点是变形的基础.给定的数列有其自身的特点和规律,根据数列的特点和规律选择合适的方法变形是解题的突破口.6.【解析】选B.因为正项数列为“调和数列”,所以b n+1-b n=d(n∈N*,d为常数),即数列{b n}为等差数列.由b1+b2+…+b9=90得=90,即b1+b9=20,所以b4+b6=b1+b9=20,又b n>0,所以b4·b6≤=100,当且仅当b4=b6时等号成立.因此b4·b6的最大值是100.7.【解析】由题意,得y′=nx n-1-(n+1)x n,故曲线y=x n(1-x)在x=2处的切线的斜率为k=n×2n-1-(n+1)2n,切点为(2,-2n),[:所以切线方程为y+2n=k(x-2).令x=0得a n=(n+1)2n,即=2n,则数列的前n项和为2+22+23+…+2n=2n+1-2.答案:2n+1-28.【解析】因为a n+1-a n=2n,所以a n=(a n-a n-1)+(a n-1-a n-2)+…+(a2-a1)+a1=2n-1+2n-2+…+22+2+2=+2=2n-2+2=2n.所以S n==2n+1-2.答案:2n+1-29.【解析】(1)a2=3a1+5,a3=⇒a1=,因为k是使a n+1为奇数的正整数而a3为奇数,所以当k=2时a1取最小值为5.(2)由a1=1⇒a2=3a1+5=8⇒a3==,显然要使a3为奇数则k=3,所以a3=1.于是该数列就是1,8,1,8,…为一摆动数列,所以S1+S2+…+S10=10a1+9a2+8a3+…+a10=(10+8+6+4+2)×1+(9+7+5+3+1)×8=230.答案:(1)5(2)230[:10.【解析】(1)当n≥2时,b1+2b2+…+2n-1b n=2n2+n ①b1+2b2+…+2n-2b n-1=2(n-1)2+n-1 ②①-②得:2n-1b n=4n-1,所以b n=(n≥2),当n=1时,b1=3,满足上式,故b n=.(2)S n=3+7·+…+(4n-1)·③S n=3·+7·+…+(4n-5)·+(4n-1)④两式相减,得S n=3+4++…+-(4n-1).所以S n=14-.11.【思路点拨】(1)本题是利用递推关系a n=求数列的通项公式.(2)根据第(1)问可知应利用错位相减法求数列前n项和.【解析】(1)令n=1,得2a1-a1=,因为a1≠0,所以a1=1,令n=2,得2a2-1=S2=1+a2,解得a2=2.当n≥2时,由2a n-1=S n,2a n-1-1=S n-1,两式相减,整理得a n=2a n-1,于是数列{a n}是首项为1,公比为2的等比数列,所以,a n=2n-1.(2)由(1)知na n=n2n-1,记其前n项和为T n,于是T n=1+2×2+3×22+…+n×2n-1①,2T n=1×2+2×22+3×23+…+n×2n②,①-②得-T n=1+2+22+…+2n-1-n×2n=2n-1-n×2n,从而T n=1+(n-1)·2n.【加固训练】设数列{a n}的前n项和为S n=n2,{b n}为等比数列,且a1=b1,b2(a2-a1)=b1.(1)求数列{a n},{b n}的通项公式.(2)设c n=a n·b n,求数列{c n}的前n项和T n.【解析】(1)a1=S1=1,当n≥2时,a n=S n-S n-1=n2-(n-1)2=2n-1,a1适合上式,所以a n=2n-1,n∈N*.因为b1=a1=1,b2==,又{b n}为等比数列,所以其公比q==,所以b n=,n∈N*.(2)c n=a n·b n=.所以T n=1++++…+, ①所以T n=++++…++. ②①-②,得T n=1+1+++…+-=3-,所以T n=6-.12.【解析】(1)由S n=n2a n-n(n-1)知,当n≥2时,S n=n2(S n-S n-1)-n(n-1),即(n2-1)S n-n2S n-1=n(n-1),所以S n-S n-1=1,对n≥2成立.又S1=1,所以是首项为1,公差为1的等差数列.所以S n=1+(n-1)·1,所以S n=.(2)b n===,所以b1+b2+…+b n=-+-+…+-+-=<.【加固训练】已知数列{a n}满足a1=3,a n+1-3a n=3n(n∈N*),数列{b n}满足b n=3-n a n.(1)求证:数列{b n}是等差数列.(2)设S n=+++…+,求满足不等式<<的所有正整数n的值. 【解析】(1)由b n=3-n a n得a n=3n b n,则a n+1=3n+1b n+1.代入a n+1-3a n=3n中,得3n+1b n+1-3n+1b n=3n,即得b n+1-b n=.所以数列{b n}是等差数列.(2)因为数列{b n}是首项为b1=3-1a1=1,公差为的等差数列,则b n=1+(n-1)=,则a n=3n b n=(n+2)×3n-1,从而有=3n-1,故S n=+++…+=1+3+32+…+3n-1==.则==,由<<,得<<.即3<3n<127,得1<n≤4.故满足不等式<<的所有正整数n的值为2,3,4.关闭Word文档返回原板块。

文科数学2010-2019高考真题分类训练专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和—后附解析答案

文科数学2010-2019高考真题分类训练专题六 数列 第十七讲 递推数列与数列求和—后附解析答案

专题六数列第十七讲 递推数列与数列求和2019年1.(2019江苏20)定义首项为1且公比为正数的等比数列为“M -数列”.(1)已知等比数列{a n }*()n ∈N 满足:245324,440a a a a a a =-+=,求证:数列{a n }为“M-数列”;(2)已知数列{b n }*()n ∈N 满足:111221,n n n b S b b +==-,其中S n 为数列{b n }的前n 项和. ①求数列{b n }的通项公式;②设m 为正整数,若存在“M -数列”{c n }*()n ∈N ,对任意正整数k ,当k ≤m 时,都有1k k k c b c +成立,求m 的最大值.2.(2019浙江10)设a ,b ∈R ,数列{a n }中a n =a ,a n +1=a n 2+b ,n *∈N ,则 A .当b =12时,a 10>10 B .当b =14时,a 10>10C .当b =-2时,a 10>10D .当b =-4时,a 10>103.(2019浙江20)设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,34a =,43a S =,数列{}n b 满足:对每个12,,,n n n n n n n S b S b S b *++∈+++N 成等比数列.(1)求数列{},{}n n a b 的通项公式;(2)记,n c n *=∈N证明:12+.n c c c n *++<∈N2010-2018年一、选择题1.(2013大纲)已知数列{}n a 满足12430,3n n a a a ++==-,则{}n a 的前10项和等于A .106(13)--- B .101(13)9- C .103(13)-- D .103(13)-+2.(2012新课标)数列{}n a 满足1(1)21nn n a a n ++-=-,则{}n a 的前60项和为A .3690B .3660C .1845D .18303.(2011安徽)若数列{}n a 的通项公式是(1)(32)n a n =-⋅-,则1210a a a ++⋅⋅⋅+= A .15 B .12 C .-12 D .-15 二、填空题4.(2015新课标1)数列{}n a 中112,2,n n n a a a S +==为{}n a 的前n 项和,若126n S =,则n = .5.(2015安徽)已知数列}{n a 中,11=a ,211+=-n n a a (2n ≥),则数列}{n a 的前9项和等于______.6.(2015江苏)数列}{n a 满足11=a ,且11+=-+n a a n n (*N n ∈),则数列}1{na 前10项的和为 .7.(2014新课标2)数列{}n a 满足111n na a +=-,2a =2,则1a =_________. 8.(2013新课标1)若数列{n a }的前n 项和为n S =2133n a +,则数列{n a }的通项公式是n a =______.9.(2013湖南)设n S 为数列{}n a 的前n 项和,1(1),,2n n n n S a n N *=--∈则 (1)3a =_____;(2)12100S S S ++⋅⋅⋅+=___________.10.(2012新课标)数列}{n a 满足12)1(1-=-++n a a n nn ,则}{n a 的前60项和为.11.(2012福建)数列{}n a 的通项公式cos12n n a n π=+,前n 项和为n S ,则2012S =___. 12.(2011浙江)若数列2(4)()3n n n ⎧⎫+⎨⎬⎩⎭中的最大项是第k 项,则k =____________. 三、解答题13.(2018天津)设{}n a 是等差数列,其前n 项和为n S (*n ∈N );{}n b 是等比数列,公比大于0,其前n 项和为n T (*n ∈N ).已知11b =,322b b =+,435b a a =+,5462b a a =+.(1)求n S 和n T ;(2)若12()4n n n n S T T T a b +++⋅⋅⋅+=+,求正整数n 的值.14.设(2017新课标Ⅲ)数列{}n a 满足123(21)2n a a n a n ++⋅⋅⋅+-=.(1)求{}n a 的通项公式; (2)求数列{}21na n +的前n 项和. 15.(2016全国I 卷)已知{}n a 是公差为3的等差数列,数列{}nb 满足11b =,213b =, 11n n n n a b b nb +++=.(I )求{}n a 的通项公式; (II )求{}n b 的前n 项和.16.(2016年全国II 卷)等差数列{n a }中,34574,6a a a a +=+=.(Ⅰ)求{n a }的通项公式;(Ⅱ)设[]n n b a =,求数列{}n b 的前10项和,其中[]x 表示不超过x 的最大整数,如[0.9]=0,[2.6]=2.17.(2015浙江)已知数列{}n a 和{}n b 满足,12a =,11b =,*12(N )n n a a n +=∈,1231123b b b +++*111(N )n n b b n n++=-∈. (Ⅰ)求n a 与n b ;(Ⅱ)记数列{}n n a b 的前n 项和为n T ,求n T .18.(2015湖南)设数列{}n a 的前n 项和为n S ,已知121,2a a ==,且23n n a S +=*13,()n S n N +-+∈.(Ⅰ)证明:23n n a a +=;。

第17题 数列的综合问题--2019年高考数学23题试题分析与考题集训含答案

第17题 数列的综合问题--2019年高考数学23题试题分析与考题集训含答案

第17题 数列的综合问题【考法】本主题考题形式为解答题,主要考查等差数列与等比数列定义、性质及通项公式,考查利用构造法、叠加法、叠乘法及第n 项与前n 项和公式法求数列通项公式方法,主要考查分组求和法、拆项法、错位相减法、并项法等求和方法,考查运算求解能力、转化与化归思想,难度为中档难度,分数为12分.【考前回扣】1.求数列的通项公式的常见类型和解法:(1)观察法:对已知数列前几项或求出数列前几项求通项公式问题,常用观察法,通过观察数列前几项特征,找出各项共同构成的规律,横向看各项的关系结构,纵向看各项与项数n 的关系时,分解所给数列的前几项,观察这几项的分解式中,哪些部分是变化的,哪些部分是不变化的,变化部分与序号的关系,,归纳出n a 的通项公式,再用数学归纳法证明. (2)累加法:对于可转化为形式数列的通项公式问题,化为,通过累加得n a ==,求出数列的通项公式,注意相加等式的个数 (3)累积法:对于可转化为形式数列的通项公式问题,化为1()n na f n a +=,通过累积得n a ==,求出数列的通项公式,注意相乘等式的个数(4)构造法:对于化为(其中p 是常数)型,常用待定系数法将其化为,由等比数列定义知{()n a Af n +}是公比为p 的等比数列,由等比数列的通项公式先求出()n a Af n +通项公式,再求出n a 的通项公式.(5)利用前n 项和n S 与第n 项n a 关系求通项:对递推公式为n S 与n a 的关系式(或()n n S f a =),利用进行求解.注意n a =1n n S S --成立的条件是n ≥2,求n a 时不要漏掉n =1即n a =1S 的情况,当1a =1S 适合n a =1n n S S --时,n a =1n n S S --;当1a =1S 不适合n a =1n n S S --时,用分段函数表示.2.数列求和的主要方法:(1)分组求和:若给出的数列不是特殊数列,但把数列的每一项分成两项,或把数列的项重新组合,使之转化为等比或等差数列,分组利用等比或等差数列的前n 和公式求前n 项和.(2)拆项相消法:若数列的每一项都可拆成两项之差,求和时中间的一些项正好相互抵消,于是将前n 项和转化为首尾若干项和,注意未消去的项是哪些项.常用拆相公式: ①若{}n a 是各项都不为0公差为(0)d d ≠的等差数列,则11n n a a +=②n a ==(3)倒序相加法:如果一个数列与首尾两相距离相等的两项之和等于首尾两项之和,则正着写和与到序写和的两式对应项相加,就转化为一个常数列的前n 项和.推导等差数列的前项和公式正是应用了此法,体现了转化与化归数学思想(4)错位相减法:若数列{}n a 是公差为(0)d d ≠的等差数列,{}n b 是公比为(1)q q ≠的等比数列,则在数列{}n n a b 的前项和n S ==①,两边同乘以公比q 得n qS =② ,①式与②式错位相减得(1)n q S -==,转化为等比数列,的前n 项和问题,注意转化出的等比数列的首项及项数.(5)并项求和法:若数列某项组合相加可将其化为等比数列或等差数列的和问题,常用并项法,即通过并项化为特殊数列,利用公式求和.【易错点提醒】1.已知数列的前n 项和求a n ,易忽视n =1的情形,直接用S n -S n -1表示.事实上,当n =1时,a 1=S 1;当n ≥2时,a n =S n -S n -1.2.利用错位相减法求和时,要注意寻找规律,不要漏掉第一项和最后一项.7.裂项相消法求和时,一注意分裂前后的值要相等,如1nn +≠1n -1n +2,而是1nn +=12)111(+-n n;二注意要注意消去了哪些项,保留了哪些项.(5)利用前n 项和n S 与第n 项n a 关系求通项:对递推公式为n S 与n a 的关系式(或()n n S f a =),利用进行求解.注意n a =1n n S S --成立的条件是n ≥2,求n a 时不要漏掉n =1即n a =1S 的情况,当1a =1S 适合n a =1n n S S --时,n a =1n n S S --;当1a =1S 不适合n a =1n n S S --时,用分段函数表示.例【北京市人大附中2018届十月考】已知数列{}n a 满足,(1)求12,b b 的值;(2)证明: {}n b 是等比数列; (3)求{}n a 的通项公式.【分析】(1)第(1)问,直接根据递推关系求出12,b b 的值.(2)第(2)问,一般利用等比数列的定义证明. (3)第(3)问, 先利用第(2)的结论求出n b ,再利用累加法求{}n a 的通项公式.【解析】(1)解:由题意知:(2)证明:由(Ⅰ)可知, 11,b =当2n ≥时,所以{}n b 是以1为首项, 12-为公比的等比数列. 综上所述,命题得证.(3)解:由(Ⅱ)知:当2n ≥时,当1n =时,所以.综上所述, {}n a 的通项公式为.考向 数列求和【解决法宝】数列求和的主要方法:(1)分组求和:若给出的数列不是特殊数列,但把数列的每一项分成两项,或把数列的项重新组合,使之转化为等比或等差数列,分组利用等比或等差数列的前n 和公式求前n 项和.(2)拆项相消法:若数列的每一项都可拆成两项之差,求和时中间的一些项正好相互抵消,于是将前n 项和转化为首尾若干项和,注意未消去的项是哪些项.常用拆相公式: ①若{}n a 是各项都不为0公差为(0)d d ≠的等差数列,则11n n a a +=②n a ==(3)倒序相加法:如果一个数列与首尾两相距离相等的两项之和等于首尾两项之和,则正着写和与到序写和的两式对应项相加,就转化为一个常数列的前n 项和.推导等差数列的前项和公式正是应用了此法,体现了转化与化归数学思想(4)错位相减法:若数列{}n a 是公差为(0)d d ≠的等差数列,{}n b 是公比为(1)q q ≠的等比数列,则在数列{}n n a b 的前项和n S ==①,两边同乘以公比q 得n qS =② ,①式与②式错位相减得(1)n q S -==,转化为等比数列,的前n 项和问题,注意转化出的等比数列的首项及项数.(5)并项求和法:若数列某项组合相加可将其化为等比数列或等差数列的和问题,常用并项法,即通过并项化为特殊数列,利用公式求和.例【2019届安徽省蚌埠市一质检】已知数列满足:,.设,证明:数列是等比数列;设数列的前n项和为,求.【分析】(1)证明为常数即可。

专题六第十七讲 递推数列与数列求和及答案

专题六第十七讲 递推数列与数列求和及答案
14.(2016 年全国 II) Sn 为等差数列an 的前 n 项和,且 a1 1 , S7 28 .记 bn lg an ,其中 x 表示不超过 x 的最大整数,如 0.9 0 , lg 99 1 .
(Ⅰ)求 b1 , b11 , b101 ;
(Ⅱ)求数列 bn的前1 000 项和.
S
2 n
n2 n 3 Sn 3 n2 n
0, n N .
(Ⅰ)求 a1 的值;
(Ⅱ)求数列 an的通项公式;
(Ⅲ)证明:对一切正整数
n
,有
1
a1 a1
1
1
a2 a2
1
an
1
an
1
1 3
.
18.(2013 湖南)设 Sn 为数列{ an }的前项和,已知 a1 0 ,2 a n a1 S1 Sn , n N
(2)求数列{bn} 的通项公式.
12.(2018 天津)设{an} 是等比数列,公比大于 0,其前 n 项和为 Sn (n N) ,{bn} 是等差数列.已知 a1 1 ,
1
a3 a2 2 , a4 b3 b5 , a5 b4 2b6 . (1)求{an} 和{bn}的通项公式; (2)设数列{Sn} 的前 n 项和为 Tn (n N) ,
答案部分
1.【解析】∵
an1
1 3
an
,∴
an
是等比数列

a2
4 3
,∴
1
1 3
10
1 1
3
1
310
,故选 C.
3
2.D 【解析】

n N 时, an 0 ,因为 a1 a26 0 , a2 a27 0 ∴ S1, S2 , , S50 都是
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2010-2019高考数学文科真题分类训练
专题六数列
第十七讲 递推数列与数列求和
2019年
1.(2019江苏20)定义首项为1且公比为正数的等比数列为“M -数列”.
(1)已知等比数列{a n }*
()n ∈N 满足:245324,440a a a a a a =-+=,求证:数列{a n }为“M
-数列”;
(2)已知数列{b n }*
()n ∈N 满足:11
122
1,
n n n b S b b +==-
,其中S n 为数列{b n }的前n 项和. ①求数列{b n }的通项公式;
②设m 为正整数,若存在“M -数列”{c n }*
()n ∈N ,对任意正整数k ,当k ≤m 时,都有
1k k k c b c +剟成立,求m 的最大值.
2.(2019浙江10)设a ,b ∈R ,数列{a n }中a n =a ,a n +1=a n 2+b ,n *∈N ,则 A .当b =1
2
时,a 10>10 B .当b =14
时,a 10>10
C .当b =-2时,a 10>10
D .当b =-4时,a 10>10
3.(2019浙江20)设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,34a =,43a S =,数列{}n b 满
足:对每个12,,,n n n n n n n S b S b S b *
++∈+++N 成等比数列.
(1)求数列{},{}n n a b 的通项公式;
(2
)记,n c n *=
∈N
证明:12+.n c c c n *++<∈N L
2010-2018年
一、选择题
1.(2013大纲)已知数列{}n a 满足124
30,3
n n a a a ++==-
,则{}n a 的前10项和等于 A .10
6(13
)--- B .101
(13)9
- C .103(13)-- D .103(13)-+
2.(2012新课标)数列{}n a 满足1(1)21n
n n a a n ++-=-,则{}n a 的前60项和为
A .3690
B .3660
C .1845
D .1830
3.(2011安徽)若数列{}n a 的通项公式是(1)(32)n a n =-⋅-,则1210a a a ++⋅⋅⋅+= A .15 B .12 C .-12 D .-15 二、填空题
4.(2015新课标1)数列{}n a 中112,2,n n n a a a S +==为{}n a 的前n 项和,若126n S =,则
n = .
5.(2015安徽)已知数列}{n a 中,11=a ,2
1
1+
=-n n a a (2n ≥),则数列}{n a 的前9项和等于______.
6.(2015江苏)数列}{n a 满足11=a ,且11+=-+n a a n n (*N n ∈),则数列}1
{
n
a 前10项的和为 .
7.(2014新课标2)数列{}n a 满足11
1n n
a a +=
-,2a =2,则1a =_________. 8.(2013新课标1)若数列{n a }的前n 项和为n S =
21
33
n a +,则数列{n a }的通项公式是n a =______.
9.(2013湖南)设n S 为数列{}
n a 的前n 项和,1(1),,2
n n n n S a n N *
=--∈则 (1)3a =_____;
(2)12100S S S ++⋅⋅⋅+=___________.
10.(2012新课标)数列}{n a 满足12)1(1-=-++n a a n n
n ,则}{n a 的前60项和为

11.(2012福建)数列{}n a 的通项公式cos
12
n n a n π
=+,前n 项和为n S ,则2012S =___. 12.(2011浙江)若数列2(4)()3n n n ⎧
⎫+⎨⎬⎩⎭
中的最大项是第k 项,则k =____________. 三、解答题
13.(2018天津)设{}n a 是等差数列,其前n 项和为n S (*n ∈N );{}n b 是等比数列,公比
大于0,其前n 项和为n T (*n ∈N ).已知11b =,322b b =+,435b a a =+,
5462b a a =+.
(1)求n S 和n T ;
(2)若12()4n n n n S T T T a b +++⋅⋅⋅+=+,求正整数n 的值.
14.设(2017新课标Ⅲ)数列{}n a 满足123(21)2n a a n a n ++⋅⋅⋅+-=.
(1)求{}n a 的通项公式; (2)求数列{
}21
n
a n +的前n 项和. 15.(2016全国I 卷)已知{}n a 是公差为3的等差数列,数列{}n
b 满足11b =,213
b =
, 11n n n n a b b nb +++=.
(I )求{}n a 的通项公式; (II )求{}n b 的前n 项和.
16.(2016年全国II 卷)等差数列{n a }中,34574,6a a a a +=+=.
(Ⅰ)求{n a }的通项公式;
(Ⅱ)设[]n n b a =,求数列{}n b 的前10项和,其中[]x 表示不超过x 的最大整数,如
[0.9]=0,[2.6]=2.
17.(2015浙江)已知数列{}n a 和{}n b 满足,12a =,11b =,*12(N )n n a a n +=∈,
1231123b b b L +++*11
1(N )n n b b n n
++=-∈.
(Ⅰ)求n a 与n b ;
(Ⅱ)记数列{}n n a b 的前n 项和为n T ,求n T .
18.(2015湖南)设数列{}n a 的前n 项和为n S ,已知121,2a a ==,
且23n n a S +=*
13,()n S n N +-+∈.
(Ⅰ)证明:23n n a a +=; (Ⅱ)求n S .
19.(2014广东)设各项均为正数的数列{}n a 的前n 项和为n S ,且n S 满足
()()
*∈=+--+-N n n n S n n S n n ,033222

(Ⅰ)求1a 的值;
(Ⅱ)求数列{}n a 的通项公式; (Ⅲ)证明:对一切正整数n ,有
()()().3
1
1111112211<+++++n n a a a a a a Λ
20.(2013湖南)设n S 为数列{n a }的前项和,已知01≠a ,2n n S S a a •=-11,∈n N *
(Ⅰ)求1a ,2a ,并求数列{}n a 的通项公式; (Ⅱ)求数列{n na }的前n 项和.
21.(2011广东)设0b >,数列{}n a 满足1a b =,1
1(2)22
n n n nba a n a n --=≥+-.
(1)求数列{}n a 的通项公式;
(2)证明:对于一切正整数n ,1
1 1.2
n n n b a ++≤+。

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