专题02 牛顿运动定律与直线运动 -2023届高三物理第二次模拟考试卷汇编(全国通用)(原卷版)
高考物理牛顿运动定律题20套(带答案)含解析
高考物理牛顿运动定律题20套(带答案)含解析一、高中物理精讲专题测试牛顿运动定律1．如图所示，质量为M=0.5kg 的物体B 和质量为m=0.2kg 的物体C ，用劲度系数为k=100N/m 的竖直轻弹簧连在一起．物体B 放在水平地面上，物体C 在轻弹簧的上方静止不动．现将物体C 竖直向下缓慢压下一段距离后释放，物体C 就上下做简谐运动，且当物体C 运动到最高点时，物体B 刚好对地面的压力为0．已知重力加速度大小为g=10m/s 2．试求：①物体C 做简谐运动的振幅；②当物体C 运动到最低点时，物体C 的加速度大小和此时物体B 对地面的压力大小． 【答案】①0.07m ②35m/s 2 14N 【解析】 【详解】①物体C 放上之后静止时：设弹簧的压缩量为0x ． 对物体C ，有：0mg kx = 解得：0x =0.02m设当物体C 从静止向下压缩x 后释放，物体C 就以原来的静止位置为平衡位置上下做简谐运动，振幅A =x当物体C 运动到最高点时，对物体B ，有：0()Mg k A x =- 解得：A =0.07m②当物体C 运动到最低点时，设地面对物体B 的支持力大小为F ，物体C 的加速度大小为a .对物体C ，有：0()k A x mg ma +-= 解得：a =35m/s 2对物体B ，有：0()F Mg k A x =++ 解得：F =14N所以物体B 对地面的压力大小为14N2．如图，质量分别为m A =1kg 、m B =2kg 的A 、B 两滑块放在水平面上，处于场强大小E=3×105N/C 、方向水平向右的匀强电场中，A 不带电，B 带正电、电荷量q=2×10－5C ．零时刻，A 、B 用绷直的细绳连接(细绳形变不计)着，从静止同时开始运动，2s 末细绳断开．已知A 、B 与水平面间的动摩擦因数均为μ=0.1，重力加速度大小g=10m/s 2．求：(1)前2s 内，A 的位移大小； (2)6s 末，电场力的瞬时功率． 【答案】(1) 2m (2) 60W 【解析】 【分析】 【详解】（1）B 所受电场力为F=Eq=6N ；绳断之前，对系统由牛顿第二定律：F-μ(m A +m B )g=(m A +m B )a 1 可得系统的加速度a 1=1m/s 2； 由运动规律：x=12a 1t 12 解得A 在2s 内的位移为x=2m ；（2）设绳断瞬间，AB 的速度大小为v 1，t 2=6s 时刻，B 的速度大小为v 2，则v 1=a 1t 1=2m/s ；绳断后，对B 由牛顿第二定律：F-μm B g=m B a 2 解得a 2=2m/s 2；由运动规律可知：v 2=v 1+a 2(t 2-t 1) 解得v 2=10m/s电场力的功率P=Fv ，解得P=60W3．如图所示，水平地面上固定着一个高为h 的三角形斜面体，质量为M 的小物块甲和质量为m 的小物块乙均静止在斜面体的顶端．现同时释放甲、乙两小物块，使其分别从倾角为α、θ的斜面下滑，且分别在图中P 处和Q 处停下．甲、乙两小物块与斜面、水平面间的动摩擦因数均为μ.设两小物块在转弯处均不弹起且不损耗机械能，重力加速度取g.求：小物块(1)甲沿斜面下滑的加速度； (2)乙从顶端滑到底端所用的时间；(3)甲、乙在整个运动过程发生的位移大小之比． 【答案】(1) g(sin α－()2sin sin cos hg θθμθ-【解析】 【详解】(1) 由牛顿第二定律可得F 合=Ma 甲Mg sin α－μ·Mg cos α=Ma 甲 a 甲=g(sin α－μcos α)(2) 设小物块乙沿斜面下滑到底端时的速度为v ，根据动能定理得W 合=ΔE k mgh －μmgcos θ·θsin h=212mv v=cos 21sin gh θμθ⎛⎫- ⎪⎝⎭a 乙=g (sin θ－μcos θ) t =()2sin sin cos hg θθμθ-(3) 如图，由动能定理得Mgh －μ·Mg cos α·sin hα－μ·Mg (OP －cos sin h αα)=0mgh －μmg cos θ·θsin h－μmg (OQ －cos sin h θθ)=0 OP=OQ根据几何关系得222211x h OP x h OQ ++甲乙4．高铁的开通给出行的人们带来了全新的旅行感受，大大方便了人们的工作与生活．高铁每列车组由七节车厢组成，除第四节车厢为无动力车厢外，其余六节车厢均具有动力系统，设每节车厢的质量均为m ，各动力车厢产生的动力相同，经测试，该列车启动时能在时间t 内将速度提高到v ，已知运动阻力是车重的k 倍．求： (1)列车在启动过程中，第五节车厢对第六节车厢的作用力；(2)列车在匀速行驶时，第六节车厢失去了动力，若仍要保持列车的匀速运动状态，则第五节车厢对第六节车厢的作用力变化多大？ 【答案】（1）13m (v t +kg ) （2）1415kmg 【解析】 【详解】(1)列车启动时做初速度为零的匀加速直线运动，启动加速度为a =vt① 对整个列车，由牛顿第二定律得：F -k ·7mg =7ma ②设第五节对第六节车厢的作用力为T ，对第六、七两节车厢进行受力分析，水平方向受力如图所示，由牛顿第二定律得26F+T -k ·2mg =2ma ， ③ 联立①②③得T =-13m (vt+kg ) ④ 其中“-”表示实际作用力与图示方向相反，即与列车运动相反． (2)列车匀速运动时，对整体由平衡条件得F ′-k ·7mg =0 ⑤设第六节车厢有动力时，第五、六节车厢间的作用力为T 1，则有：26F '+T 1-k ·2mg =0 ⑥ 第六节车厢失去动力时，仍保持列车匀速运动，则总牵引力不变，设此时第五、六节车厢间的作用力为T 2， 则有：5F '+T 2-k ·2mg =0， ⑦ 联立⑤⑥⑦得T 1=-13kmg T 2=35kmg 因此作用力变化ΔT =T 2-T 1=1415kmg5．在水平长直的轨道上，有一长度为L 的平板车在外力控制下始终保持速度v 0做匀速直线运动．某时刻将一质量为m 的小滑块轻放到车面的中点，滑块与车面间的动摩擦因数为μ，此时调节外力，使平板车仍做速度为v 0的匀速直线运动．(1)若滑块最终停在小车上，滑块和车之间因为摩擦产生的内能为多少？（结果用m ，v 0表示）(2)已知滑块与车面间动摩擦因数μ=0.2，滑块质量m =1kg ，车长L =2m ，车速v 0=4m/s ，取g =10m/s 2，当滑块放到车面中点的同时对该滑块施加一个与车运动方向相同的恒力F ，要保证滑块不能从车的左端掉下，恒力F 大小应该满足什么条件？ 【答案】（1）2012m v （2）6F N ≥【解析】解：根据牛顿第二定律，滑块相对车滑动时的加速度mga g mμμ==滑块相对车滑动的时间：0v t a=滑块相对车滑动的距离2002v s v t g=-滑块与车摩擦产生的内能Q mgs μ= 由上述各式解得2012Q mv =（与动摩擦因数μ无关的定值） （2）设恒力F 取最小值为1F ，滑块加速度为1a ，此时滑块恰好达到车的左端，则： 滑块运动到车左端的时间011v t a = 由几何关系有：010122v t Lv t -= 由牛顿定律有：11F mg ma μ+= 联立可以得到：10.5s t=，16F N =则恒力F 大小应该满足条件是：6F N ≥．6．某天，张叔叔在上班途中沿人行道向一公交车站走去，发现一辆公交车正从身旁的平直公路驶过，此时，张叔叔的速度是1m/s ，公交车的速度是15m/s ，他们距车站的距离为50m ．假设公交车在行驶到距车站25m 处开始刹车．刚好到车站停下，停车10s 后公交车又启动向前开去．张叔叔的最大速度是6m/s ，最大起跑加速度为2.5m/s 2，为了安全乘上该公交车，他用力向前跑去，求：(1)公交车刹车过程视为匀减速运动，其加速度大小是多少． (2)分析张叔叔能否在该公交车停在车站时安全上车． 【答案】(1)4.5m/s 2 (2)能 【解析】试题分析:(1)公交车的加速度221110 4.5/2v a m s x -==- 所以其加速度大小为24.5/m s (2)汽车从相遇处到开始刹车时用时：11153x x t s v -==汽车刹车过程中用时：1210103v t s a -== 张叔叔以最大加速度达到最大速度用时：32322v v t s a -== 张叔叔加速过程中的位移：2323·72v v x t m +== 以最大速度跑到车站的时间243437.26x x t s s v -==≈ 因341210t t t t s +<++，张叔叔可以在汽车还停在车站时安全上车． 考点：本题考查了牛顿第二定律、匀变速直线运动的规律．7．2019年1月3日10时26分．中国嫦娥四号探测器成功着陆在月球背面南极艾特肯盆地内的冯·卡门撞击坑内。
2024年新高考物理二轮复习强化训练--牛顿运动定律与直线运动名校模拟版
一、单选题1. 某款可调节角度的磁吸式车载手机支架如图甲所示。
手机放在支架上被磁力吸住后，调节支架使手机与竖直方向成一定角度如图乙所示。
已知手机受到的磁力垂直于手机屏幕、大小恒定，且手机和支架始终不发生相对滑动做匀速直线运动。
（ ）A ．手机只受到重力、磁力和摩擦力B ．若缓慢减小手机与竖直方向的夹角，手机受到的合力增大C ．若将手机和支架吸盘逆时针缓慢旋转90°角，手机和支架吸盘之间的弹力始终增大D ．若将手机和支架吸盘逆时针缓慢旋转90°角，手机和支架吸盘之间的摩擦力始终减小2. 如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A 、D 间细绳是水平的，现对B 球施加一个水平向右的力F ，将B 缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力的变化情况是（）A ．都变大B ．和变大，不变C ．和变大，不变D ．和变大，不变3. 元代《王桢农书》记载了戽斗，它是一种小型的人力提水灌田农具，形状像斗，两边绳，靠两人拉绳牵斗取水。
如图所示，忽略绳子质量，戽斗处于平衡状态时，两人站得越远，则（ ）A ．两边绳子对戽斗的合力越大B ．两边绳子对戽斗的合力越小C ．人对每边绳子的拉力越小D ．人对每边绳子的拉力越大4. 把太阳系中各行星的运动近似看作匀速圆周运动，则离太阳越远的行星（ ）A ．周期越大B ．线速度越大C ．角速度越大D ．加速度越大5. 如图所示，质量为M 的小车置于水平面上，轻绳跨过小车右顶端的滑轮连接质量分别为m 1、m 2的两个物块，m 2置于小车水平上表面，m 1竖直悬挂并贴着小车右竖直挡板，所有接触面都是光滑的，对M 施加水平推力F ，m 1、m 2能与M 保持相对静止，则F 的大小为（ ）A．B．C．D．2024年新高考物理二轮复习强化训练--牛顿运动定律与直线运动名校模拟版二、多选题三、实验题6. 在如图所示的电路中，灯泡L 的电阻小于电源的内阻r ，闭合电键S ，将滑动变阻器滑片P 向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A ．灯泡L 变亮B ．电流表读数变小，电压表读数变大C ．电源的输出功率变小D ．电容器C 上电荷量增多7. 地磁场对宇宙高能粒子有偏转作用，从而保护了地球的生态环境。
2023年高考物理第二次模拟考试卷含答案
2023年高考物理第二次模拟考试卷物理·全解全析注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、单项选择题（每小题5分，共25分。
每小题给出的四个项选项中，只有一个选项是正确的）1．在光滑水平面上，一质量为2kg 的物体a 与另一物体b 发生正碰，碰撞时间极短，两物体的位置随时间变化规律如图所示，以a 物体碰前速度方向为正方向，下列说法正确的是（ ）A ．碰撞后a 的动量为6kg m/s ⋅B ．碰撞后b 的动量为2kg m/s ⋅C ．物体b 的质量为2kgD ．碰撞过程中a 对b 的冲量为6N s ⋅【答案】 D 【解析】AB ．由题图可知，碰撞前a 的速度为016m 4m s 4v ==碰前总动量08kg m a p m v ==⋅撞后a 、b 共同的速度为2416m 1m s 124v -==-则碰撞后a 的动量为2kg m s a a p m v ==⋅因碰撞过程动量守恒，则碰撞后b 的动量为6kg m/s b a p p p =-=⋅故AB 错误；C ．根据题意，设b 的质量为b m ，由图可知，碰撞前b 物体静止，a 、b 碰撞过程中，由动量守恒定律可得 ()0a a b m v m m v=+ 解得6kg b m =故C 错误；D ．根据题意，对b 物体，由动量定理有0b b I m v =-解得6N s b I =⋅故D 正确。
故选D 。
2．如图所示是一对不等量异种点电荷的电场线分布图，图中两点电荷连线长度为2r ，左侧点电荷带电荷量为+2q ，右侧点电荷带电荷量为-q ，P 、Q 两点关于两电荷连线对称。
由图可知（ ）A ．P 、Q 两点的电场强度相同B ．M 点的电场强度小于N 点的电场强度C ．两点电荷连线的中点处的电场强度为23kqrD ．同一试探电荷在M 点的电势能大于在N 点的电势能【答案】 C【解析】A ．根据电场的对称性，P 、Q 两点的电场强度大小相同，方向不相同，故A 错误；B ．M 点的电场线比N 点的电场线密，所以M 点的电场强度大于N 点的电场强度，故B 错误；C ．+2q 在两点电荷连线的中点处的电场强度方向指向-q ，大小为122qE k r =-q 在两点电荷连线的中点处的电场强度方向指向-q ，大小为 22qE kr = 合场强为1223kq E E E r =+=故C 正确； C ．M 点的电势高于N 点的电势，则同一正试探电荷在M 点的电势能大于在N 点的电势能，同一负试探电荷在M 点的电势能小于在N 点的电势能，故D 错误。
2024年新高考物理二轮复习强化训练--牛顿运动定律与直线运动(解析版)
牛顿运动定律与直线运动【保分练】1．（2024·山西大同·统考模拟预测）大同共享助力电动车既能方便市民出行，也可净化城市环境，减少尾气排放。
在一条平直的公路上，某同学以公路上某一位置为原点，记录了甲、乙两位同学骑行电动助力车的~v t 图像，如图所示，甲的图像2t 前是曲线、2t 后是直线，乙的图像是一条直线，在30t ～时间内，下列说法正确的是（ ）A ．甲先做加速直线运动，后做减速运动，乙做匀速直线运动B ．途中甲、乙只相遇一次，然后又分开C ．全程甲的位移比乙的大D ．途中有两个时刻，甲、乙的速度相同【答案】C【详解】A ．v t -图像中，图线的切线斜率表示瞬时加速度，甲同学在10t ～时间段内反向做加速度增加的减速运动，1t 时刻速度减为0，21~t t 时间段内正向做加速度减小的加速运动，23~t t 时间段内正向做匀减速直线运动，3t 时刻速度减为0；乙同学在10t ～时间段内反向做匀减速直线运动，1t 时刻速度减为0，13~t t 时间段内正向做匀加速直线运动，A 错误；BC ．在v t -图像中图线与坐标轴围成的面积代表物体的位移，由图可知，能使两图线包围面积相同的时刻共有三个，且甲全程的位移大于乙的，B 错误、C 正确； D ．v t -图像中两图线的交点代表该时刻两物体共速，图中共有三个交点（包括0=t 时刻），即有三个时刻速度相同，D 错误。
故选C 。
2．（2024·湖南·湖南师大附中校联考一模）2023 年8月 28 日株洲清水塘大桥正式通车。
如图甲所示，大桥全长2.85 千米，主跨为408米双层钢桁架拱桥结构，位列同类桥梁中湖南第一、桥梁上层为机动车道，下层为行人和非机动车通行的景观通道。
大桥一经开通就成为了株洲市民观光散步、娱乐休闲的“网红桥”。
图乙中A、B、C、D、E、F 为大桥上的六根竖直钢丝绳吊索，相邻两根吊索之间距离均相等，若一汽车在桥梁上层从吊索A 处开始做匀减速直线运动，刚好在吊索E、F的中点N点停下，汽车通过吊索E时的瞬时速度为v E，从E点到N 点的时间为t，则（）A．汽车通过吊索A时的速度为9v EB．汽车通过AE段的时间等于3tC．汽车通过AE段的平均速度是EN 段平均速度的4倍D．汽车通过全程AN的平均速度小于v EA ．两球都向左偏，且两根细线的偏角相等B ．两球都向左偏，两根细线的偏角不相等C ．球A 左偏，球B 向右偏，且两根细线的偏角相等D ．球A 左偏，球B 向右偏，两根细线的偏角不相等【答案】D【详解】假设把B 球拿掉，用同样体积的水球来替代，很显然，当这个水球随容器以加速度a 向右做匀加速直线运动时，水球受到的水平合力为F 水=m 水a 水，且水球相对于容器的原来位置不会改变，我们知道，同样体积的A 球质量要比水球质量大，即m A ＞m 水，故要使A 球也以加速度a 向右做匀加速直线运动，单靠F 水是不够的，因而还应借助绳子的拉力，所以A 向左偏移；同理，同样体积的B 球质量要比水球质量小，即m B <m 水，故要使B 球也以加速度a 向右做匀加速直线运动，需要的合力要比F 水小，因而还应借助绳子向后的拉力，所以B 向右偏移；对A 球竖直方向受重力和浮力的合力为m A g -F 浮A ，方向向下，还有绳子的拉力T A ，两者的合力产生水平加速度，则A A A ()tan m g F m a θ-=浮A对B 球竖直方向受重力和浮力的合力为F 浮B –m B g ，方向向上，还有绳子的拉力T B ，同时水对B 球右向右的推力F ，则三个力的合力产生水平加速度，则B B B ()tan F m g F m a θ-+=浮B可知两根细线的偏角不相等。
2023届高考物理一轮复习专题训练：牛顿运动定律及应用(word版含答案)
2023届高考物理一轮复习专题训练：牛顿运动定律及应用一、单选题（本大题共9小题）1．（2022·上海市市西中学二模）如图所示，匀变速直线运动的车厢内，悬挂小球的细绳与竖直方向夹角不变，O点位于小球的正下方。
若某时刻绳突然断了，小球将落在O点的（小球未碰到车厢壁）（）A．正上方B．左侧或右侧C．左侧D．右侧2．（2022届山东省普通高中学业水平物理模拟试卷（等级考））如图甲所示，水平地面上静止一质量为1kg足够长的长木板A，木板中央的正上方有一可看作质点的物块B。
现在物块上施加一个从零开始均匀增加的水平向右的外力F，物块B受到的摩擦力F f随外力F的大小变化图像如图乙所示，设木板与地面间的动摩擦因数为μ1，物块与木板间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g=10m/s2，则下列选项正确的是（）A．μ1＝0.4B．μ2＝0.1C．物块B的质量为2kgD．若外力F作用在A上，当F＝12N时A、B一定发生相对滑动3．（2022届山东省普通高中学业水平物理模拟试卷（等级考））某同学是航模兴趣小组的一员，某次在操控飞机模型时，使航模从地面由静止开始竖直向上做直线运动，其运动的位移一时间图像如图所示，已知0～t0部分的图线是抛物线的一部分，t0～10s部分的图线是直线，两部分曲线相切于点（t0，10），则下列说法正确的是（）A ．图中t 0＝5sB ．航模在t 0～10s 时间内的速度大小为6m/sC ．航模在0～t 0时间内的加速度大小为54m/s 2 D ．航模在0～t 0时间内处于失重状态4．（2022·广东·高考真题）图是滑雪道的示意图。
可视为质点的运动员从斜坡上的M 点由静止自由滑下，经过水平NP 段后飞入空中，在Q 点落地。
不计运动员经过N 点的机械能损失，不计摩擦力和空气阻力。
下列能表示该过程运动员速度大小v 或加速度大小a 随时间t 变化的图像是（ ）A ．B ．C ．D ．5．（2021·宁夏·盐池中学高三期末）水平地面上有一个质量10kg m =的物体，在20N F =水平向右拉力作用下，向右作匀速直线运动，那么在刚刚撤去水平拉力F 时，物体的加速度大小及方向是（ ） A ．等于零B ．21m /s ，水平向左C ．21m /s ，水平向右D ．22m /s ，水平向左6．（2019·甘肃平凉·高三期末）如图所示，一足够长的斜面固定在地面上，其倾角为37°。
高考物理二轮复习专题测试牛顿运动定律与直线运动
20XX 届高考物理二轮复习专题测试：牛顿运动定律与直线运动一、单项选择题（每题4分，共16分）1．(2013·东北三省四市模拟)如图1所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A 点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a 、b 、c ，它们距斜面底端A 点的距离分别为s 1、s 2、s 3，对应到达最高点的时间分别为t 1、t 2、t 3，则下列关系正确的是( )图1A.s 1t 1＝s 2t 2＝s 3t 3 B.s 3t 3>s 2t 2>s 1t 1 C.s 1t 12＝s 2t 22＝s 3t 32D.s 1t 12>s 2t 22>s 3t 32 2．(2013·郑州模拟)利用传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像。
某同学在一次实验中得到运动小车的速度－时间图像如图2所示，由此图像可知( )图2A ．18 s 时的加速度大于13 s 时的加速度B ．小车做曲线运动C ．13 s 末小车距离出发点最远D ．小车前10 s 内的平均速度比后10 s 内的大3．(2012·上海高考)如图3所示，光滑斜面固定于水平面上，滑块A 、B 叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A 上表面水平。
则A 、B 整体在斜面上运动时，B 受力的示意图为( )图3图44．(2013·平顶山模拟)一个质量为m＝1 kg的物块放在水平光滑地面上，在一水平外力F1＝2 N的作用下从静止开始做直线运动，物体运动5 s后外力撤去，在此时刻再加上一个与F1反向的力F2＝6 N，物体又运动5 s。
规定外力F1的方向为正方向，则在物体运动的这个10 s的时间内，下列关于物体的速度图像，正确的是()图55．(2013·新课标全国卷Ⅰ)如图6，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a 和b的位置－时间(x -t)图线。
由图可知()图6A．在时刻t1，a车追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大6. (2013·茂名模拟)如图7所示，小车向右做加速直线运动，物块贴在小车左壁相对静止。
牛顿运动定律— 2023年高三物理试卷好题分项汇编(含解析)
2023年高三物理试卷好题分项汇编【第01辑】(全国通用)专题03牛顿运动定律一、单选题1.(2022·重庆南开中学模拟预测)如图所示，MN和PQ为两根固定平行直细杆，圆柱形物体沿细杆下滑，两杆间的距离与圆柱形物体的半径相同，细杆与水平面的夹角为θ=30°，圆柱形物体与细杆间的动摩擦因数为0.3，重力加速度为g，则圆柱形物体下滑的加速度大小为( )A.g5 B.g3 C.12-3310g D.12-3320g2.(2022·浙江·高三开学考试)小丽同学站在力传感器上做“下蹲、起立”动作，如图所示是力传感器的压力F随时间t变化的图线，则由图线可知小丽( )A.在1.0~6.0s内做了两次下蹲起立的动作B.“下蹲-起立”动作过程的最大加速度约为6m/s2C.在5.4~5.8s内做起立动作，加速度先减小后增大，处于失重状态D.在1.3~1.7s内做下蹲动作，先处于失重状态后超重状态，1.7s时速度达到最大3.(2022·辽宁·阜蒙县育才高级中学高三开学考试)如图所示，两段轻绳A、B连接两个小球1、2，悬挂在天花板上。
一轻弹簧C一端连接球2，另一端固定在竖直墙壁上。
两小球均处于静止状态。
轻绳A与竖直方向、轻绳B与水平方向的夹角均为30°，弹簧C沿水平方向。
已知重力加速度为g。
则( )A.球1和球2的质量之比为1:1B.在轻绳A突然断裂的瞬间，球1的加速度方向竖直向下C.在轻绳A突然断裂的瞬间，球1的加速度大小一定大于gD.在轻绳A突然断裂的瞬间，球2的加速度大小为2g4.(2022·重庆南开中学模拟预测)如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速度v 0=4m /s 顺时针运行，小物块以v 1=6m /s 的初速度从传送带右端滑上传送带。
已知物块与传送带间的动摩擦因数为0.2，传送带的长度为10m ，重力加速度g =10m /s 2，考虑小物块滑上传送带到离开传送带的过程，下列说法正确的是( )A.小物块从传送带左端滑离传送带B.小物块滑离传送带时的速度大小为6m /sC.小物块从滑上传送带到滑离传送带经历的时间为6.25sD.小物块在传送带上留下的划痕长度为17m5.(2022·湖南·高三开学考试)如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a 、b 、c ，质量均为m ，a 、c 之间用轻质细绳连接。
2023新教材高考物理二轮专题复习专题：牛顿运动定律与直线运动
专题三运动学图像和动力学图像高频考点·能力突破考点一常规图像1．常规图像2.图像问题的解题思路例 1 [2022·河北卷]科学训练可以提升运动成绩，某短跑运动员科学训练前后百米全程测试中，速度v与时间t的关系图像如图所示．由图像可知( )A．0～t1时间内，训练后运动员的平均加速度大B．0～t2时间内，训练前、后运动员跑过的距离相等C.t2～t3时间内，训练后运动员的平均速度小D．t3时刻后，运动员训练前做减速运动，训练后做加速运动[解题心得]预测1 (多选)如图所示为甲、乙两物体在同一直线上运动的位移—时间图像，由图像可知( )A.甲、乙两物体开始运动时的速度方向相反B．甲、乙两物体同时同地开始运动C．甲物体在0～4 s内的平均速率比乙物体在1～4 s内的平均速率大D．两图线交点表示两物体速度相同预测2 (多选)2020东京奥运会田径男子4×100米接力比赛，由汤星强、谢震业、苏炳添和吴智强组成的中国队取得优异成绩．如图(a)所示，假设某接力比赛中甲、乙两运动员在直道交接棒过程的v－t图像大致如图(b)所示．设t1时刻为交接棒时刻，下列说法正确的是( )A．甲为交棒运动员，乙为接棒运动员B．0～t1过程中，甲在前，乙在后，二者距离越来越小C．t1～t2过程中，接棒运动员的加速度越来越小D．交接棒时的速度越大，因交接棒而损失的时间越少预测3 [2022·北京押题卷]很多智能手机都有加速度传感器，能通过图像显示加速度情况．用手掌托着手机，打开加速度传感器，手掌从静止开始迅速上下运动，得到如图所示的竖直方向上加速度随时间变化的图像，该图像以竖直向上为正方向．由此可判断出( )A．手机可能离开过手掌B．手机在t1时刻运动到最高点C．手机在t2时刻改变运动方向D．手机在t1～t3时间内，受到的支持力先减小再增大考点二非常规图像1．非常规图像a - F图像2.解决非常规图像的方法对于这类新型图像问题，关键是认清图像中横、纵轴所代表的物理量，找出它们的函数关系，并能迁移运用物理知识和方法清楚理解图像中的“点”“线”“斜率”“截距”和“面积”的物理意义．例2 [2022·河北押题卷]无人驾驶汽车在新冠疫情期间对疫情防控起到了积极作用．某自主品牌的一款无人驾驶汽车在直线测试时的速度平方与位移关系v2- x图像如图所示．从汽车经过x＝0位置时开始计时，则以下说法中正确的是( )A．汽车做匀加速直线运动B．汽车的加速度大小为10 m/s2C．该车在2 s内的位移大小为2.0 mD．该车在2 s内的位移大小为3.6 m[解题心得]预测4 一质点沿直线运动，如图所示是从t＝0时刻开始的质点的xt- t(式中x为位移)图像，可以推知( )A．质点做匀减速运动B．加速度的大小是1 m/s2C．t＝2 s时的速度是1 m/sD．t＝2 s时位移是3 m预测5 [2022·安徽示范高中皖北协作区联考](多选)如图1所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出滑块A的加速度a，得到如图2所示的a- F图像，已知g取10 m/s2，则( )A．滑块A的质量为2 kgB．木板B的质量为6 kgC．当F＝12 N时，木板B的加速度为4 m/s2D．滑块A与木板B间的动摩擦因数为0.4素养培优·情境命题与体育运动、交通有关的v - t图像问题情境1 [2022·湖南株洲4月质检]为节约运行时间，设想一种高铁进站不停车模式．如图(a)所示，站台内铁路正上方有一固定轨道AB，高铁分为可分离的上下副、主车两部分，副车可在主车车顶轨道上滑行，主车保持匀速过站，需下车的乘客提前进入副车甲中，需上车的乘客已在静止于A端的副车乙中等待．车尾到B端瞬间，甲刚好完全滑上固定轨道AB，主、副车分离，副车甲立即减速，甲的车头到A端时刚好停下，乘客下车．当主车车头到A 端时，副车乙立即从固定轨道开始加速滑上车顶轨道，当乙的车尾与主车车尾对齐时主、副车刚好共速，锁死一起前进．设高铁以40 m/s 速度匀速驶来，副车长均为20 m，副车甲、乙运动的v - t图像如图(b)所示，则主车长为( )A．180 m B．200 mC．220 m D．820 m[解题心得]情境2 图(a)为2022年北京冬奥会冰壶比赛中的一个画面．比赛中，为了使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小．假设某运动员以初速度v0沿冰面将冰壶推出，冰壶做直线运动直到停止的过程中，其速度—时间(v - t)图像如图(b)所示，则下列判定正确的是( )A．0～t1和t2～t3时间内，运动员在用毛刷擦冰面B．t1～t2时间内，冰壶的加速度大小为v1−v2t2C．t1～t2时间内，冰壶的位移大小为1(v1＋v2)·(t2－t1)2(v0＋v1＋v2)D．0～t3时间内，冰壶的平均速度大小为13[解题心得]情境3 (多选)2021年7月31日，第二十届全国大学生机器人大赛ROBOCON圆满闭幕，本次大赛的主题项目为“投壶行觞”和“机器马术”．如图甲，在一次比赛中a、b两机器人从同一起跑线沿同一方向做直线运动，它们的速度—时间图像如图乙所示，则下列说法正确的是( )A．20 s时，a、b两机器人在运动方向上相距约500 mB．40 s时，a、b两机器人速度相等，在运动方向上相距最远，为400 mC．60 s时，b机器人在a机器人的前方，在运动方向上相距400 mD．a、b加速时，b机器人的加速度大于a机器人的加速度[解题心得]专题三 运动学图像和动力学图像高频考点·能力突破考点一例1 解析：根据v - t 图像的斜率表示加速度，及题图可知0～t 1时间内，训练后运动员的平均加速度比训练前的小，故A 错误；根据v - t 图像围成的面积表示位移，及题图可知0～t 2时间内，训练前运动员跑过的距离比训练后的大，故B 错误；根据v - t 图像围成的面积表示位移，及题图可知t 2～t 3时间内，训练后运动员的位移比训练前的位移大，根据平均速度等于位移与时间的比值，可知训练后运动员的平均速度大，故C 错误；由v - t 图像可直接看出，t 3时刻后，运动员训练前速度减小，做减速运动，运动员训练后速度增加，做加速运动，故D 正确．答案：D预测1 解析：甲物体开始运动时沿正向运动，乙物体开始运动时沿负向运动，A 正确；甲物体从0时刻在x ＝-5 m 位置开始运动，乙物体从1 s 时开始运动，开始运动的位置为x ＝0 m ，B 错误；x t 图线的斜率的绝对值表示速度大小，则甲物体在0～4 s 内平均速率为v 甲＝5−(−5)4m/s ＝2.5 m/s ，乙物体在1～4 s 内平均速率为v 乙＝|−5|3m/s ＝53 m/s ，则甲物体在0～4 s 内的平均速率比乙物体在1～4 s 内的平均速率大，C 正确；x t 图线的交点表示该时刻位置坐标相同，即两物体相遇，速度应看图线斜率，D 错误．答案：AC预测2 解析：由图(b)可知，交接棒过程中，接棒运动员在前，从静止开始向前加速运动，交棒运动员在后，开始时交棒运动员速度大于接棒运动员速度，二者之间的距离越来越小，当二者速度相等时，二者距离达到最小，此时要完成交接棒动作．交接棒完成后，接棒运动员继续加速直到达到最大速度，交棒运动员继续减速直到停下，综上分析，甲为交棒运动员，乙为接棒运动员，A 正确.0～t 1过程中，乙在前，甲在后，二者距离越来越小，B 错误．由图(b)可知，t 1～t 2过程中，接棒运动员乙做加速度逐渐减小的加速运动，C 正确．交接棒时的速度越大，移动相同位移所需时间越短，因交接棒而损失的时间越少，D 正确．答案：ACD预测3 解析：根据Δv ＝a Δt 可知，a - t 图像与坐标轴围成的面积表示速度变化量，可知手机在t 1时刻速度为正，还没有到最高点，故B 错误；根据Δv ＝a Δt 可知a t 图像与坐标轴围成的面积表示速度变化量，可知手机在t 2时刻前后速度均为正，运动方向没有发生改变，故C 错误；由图可知t 1～t 2时间内加速度向上不断减小，根据牛顿第二定律得N -mg ＝ma ，即N ＝ma ＋mg .可知t 1～t 2时间内支持力不断减小，t 2～t 3时间内加速度向下，不断增大，根据牛顿第二定律得mg -N ＝ma ′得N ＝mg -ma ′，可得支持力还是不断减小，故D 错误；由图可知，手机的加速度某一段时间内等于重力加速度，则手机与手掌没有力的作用，手机可能离开过手掌，故A 正确．答案：A 考点二例2 解析：根据速度—位移关系v 2−v 02＝2ax ， 当x ＝0时，车的初速度为v 0＝6 m/s ， 将x ＝2 m ，v 2＝16 m 2/s 2代入可得a ＝-5 m/s 2.可知车做匀减速运动，则车的速度减小为零的时间为t ＝0−6−5s ＝1.2 s<2 s. 所以该车在2 s 内的位移大小为x ＝62×1.2 m＝3.6 m ，故D 正确，A 、B 、C 错误． 答案：D预测4 解析：由题分析可得图线的函数表达式为x t ＝1＋12t ，即x ＝t ＋12t 2，又因为匀变速直线运动中位移公式为x ＝v 0t ＋12at 2，根据对应关系得v 0＝1 m/s ，a ＝1 m/s 2>0，v 0与a 方向相同，则质点做匀加速运动，故A 项错误，B 项正确．当t ＝2 s 时，根据公式v ＝v 0＋at ，求出速度是3 m/s ，故C 项错误．当t ＝2 s 时，代入表达式x ＝t ＋12t 2，可得位移是4 m ，故D 项错误．答案：B预测5 解析：设滑块A 的质量为m ，木板B 的质量为M ，滑块A 与木板B 间的动摩擦因数为μ.由题图2可知，当F ＝F m ＝10 N 时，滑块A 与木板B 达到最大共同加速度a m ＝1ms 2，根据牛顿第二定律有F m ＝(M ＋m )a m ，解得M ＋m ＝10 kg.当F >10 N 时，A 与B 将发生相对滑动，对A 单独应用牛顿第二定律有F -μmg ＝ma ，整理得a ＝Fm -μg .根据题图2解得m ＝2 kg ，μ＝0.4，则M ＝8 kg ，故A 、D 正确，B 错误；当F ＝12 N 时，木板B 的加速度为a B ＝μmg M＝1ms 2，故C 错误．答案：AD 素养培优·情境命题情境1 解析：根据题意，对副车乙和主车的运动进行简化分析，如图所示．已知副车长20 m ，由v t 图像可知，副车乙发生的位移为x 1＝12×(24.5-15.5)×40 m＝180 m ，在这一段时间内，主车做匀速直线运动，主车发生的位移为x 2＝(24.5-15.5)×40 m＝360 m ，故主车的长度为L ＝x 2-x 1＋20 m ＝360 m-180 m ＋20 m ＝200 m ，故选B 正确．答案：B情境2 解析：v t 图线的斜率表示加速度，由图知t 1～t 2时间内图线斜率小，说明加速度小，由牛顿第二定律a ＝fm ＝μmg m＝μg ，知t 1～t 2时间内冰壶与冰面间的动摩擦因数小，说明运动员在用毛刷擦冰面；0～t 1和t 2～t 3时间内图线斜率大，动摩擦因数大，说明此时间段运动员没有用毛刷擦冰面，故A 错误；由加速度定义式a ＝ΔvΔt 知t 1～t 2时间内，冰壶的加速度大小为a ＝v 1−v2t 2−t 1，故B 错误；v t 图线与坐标轴围的面积表示位移，在t 1～t 2时间内，冰壶的位移大小为x ＝12(v 1＋v 2)(t 2-t 1)，故C 正确；根据平均速度的定义式v ̅＝xt 知在0～t 3时间内，冰壶的平均速度大小为v̅＝x总t总＝12(v0+v1)t1+12(v1+v2)(t2−t1)+12v2(t3−t2)t3＝(v0−v2)t1+v1t2+v2t32t3，故D错误．答案：C情境3 解析：根据图像可知，t＝20 s时b车才出发，20 s时两者间距即为a在0～20 s内的位移；速度—时间图像与坐标轴围成的“面积”表示位移，则Δx＝x a＝10+402×20m＝500 m，故A正确；由图像所围面积可知：0～40 s内a比b多运动的位移S＝(10+402×20＋12×40×20)m＝900 m，故B错误；由a、b图像所围面积可知，60 s时二者的位移之差等于20 s时的位移差，由A选项分析可知，此时b机器人在a机器人的后方，在运动方向上相距500 m，故C错误；速度—时间图像图线的斜率表示加速度，由图像可知：a、b加速时，a图线的斜率小于b图线的斜率，说明b机器人的加速度大于a机器人的加速度，故D正确．答案：AD。
2023年高考物理第二次模拟考试卷(广东B卷)(考试版)
2023年高考物理第二次模拟考试卷物理·考试版注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图所示，用轻绳将一条形磁铁竖直悬挂于O点，在其正下方的水平绝缘桌面上放置一铜质圆环。
现将磁铁从A处由静止释放，经过B、C到达最低处D，再摆到左侧最高处E，圆环始终保持静止，则磁铁（ ）A．从B到C的过程中，圆环中产生逆时针方向的电流（从上往下看）B．摆到D处时，圆环给桌面的压力小于圆环受到的重力C．从A到D和从D到E的过程中，圆环受到摩擦力方向相同D．在A、E两处的重力势能相等2．甲、乙两同学各自骑自行车在一条平直公路上沿直线运动，其位移x随时间t的变化规律分别如图中甲、乙图线所示，图线甲是直线，图线乙是抛物线，下列说法正确的是（ ）A ．10t :时间内甲、乙的平均速度相等B ．30t :时间内甲、乙的最大距离为0x C ．23t t :时间内甲、乙的运动方向相反D ．1t 时刻甲、乙的速度相同3．长方体左右两个正方形平面的中心固定两个等量同种正电荷A 和B ，AB 连线中点为O ，长方体的四条边的中点有a 、b 、c 、d 。
下列说法正确的是（ ）A ．a 、b 、c 、d 场强均相同B ．a 、b 、c 、d 电势均相同C ．abcd 组成的平面是等势面D ．电子从a 沿aO 方向移动到c ，电势能先增大后减小4．如图所示，学生练习用脚顺球。
某一次足球由静止自由下落1.25m ，被重新顺起，离开脚部后竖直上升的最大高度仍为1.25m 。
2023年高考物理真题模拟试题专项汇编：(2)牛顿运动定律(含答案)
2023年高考物理真题模拟试题专项汇编：（2）牛顿运动定律（含答案）（2）牛顿运动定律——2023年高考物理真题模拟试题专项汇编1.【2023年全国甲卷】用水平拉力使质量分别为的甲、乙两物体在水平桌面上由静止开始沿直线运动，两物体与桌面间的动摩擦因数分别为和。
甲、乙两物体运动后，所受拉力F与其加速度a的关系图线如图所示。
由图可知( )A. B. C. D.2.【2023年全国乙卷】一同学将排球自O点垫起，排球竖直向上运动，随后下落回到O点。
设排球在运动过程中所受空气阻力大小和速度大小成正比，则该排球( )A.上升时间等于下落时间B.被垫起后瞬间的速度最大C.达到最高点时加速度为零D.下落过程中做匀加速运动3.【2023年新课标卷】使甲、乙两条形磁铁隔开一段距离，静止于水平桌面上，甲的N极正对着乙的S极，甲的质量大于乙的质量，两者与桌面之间的动摩擦因数相等。
现同时释放甲和乙，在它们相互接近过程中的任一时刻( )A.甲的速度大小比乙的大B.甲的动量大小比乙的小C.甲的动量大小与乙的相等D.甲和乙的动量之和不为零4.【2023年湖南卷】如图，光滑水平地面上有一质量为的小车在水平推力F的作用下加速运动。
车厢内有质量均为m的两小球，两球用轻杆相连，A球靠在光滑左壁上，B球处在车厢水平底面上，且与底面的动摩擦因数为μ，杆与竖直方向的夹角为θ，杆与车厢始终保持相对静止。
假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
下列说法正确的是( )A.若B球受到的摩擦力为零，则B.若推力F向左，且，则F的最大值为C.若推力F向左，且，则F的最大值为D.若推力F向右，且，则F的范围为5.【2023年辽宁卷】安培通过实验研究，发现了电流之间相互作用力的规律。
若两段长度分别为和、电流大小分别为和的平行直导线间距为r时，相互作用力的大小可以表示为。
比例系数k的单位是( )A. B. C. D.6.【2023年江苏卷】电梯上升过程中，某同学用智能手机记录了电梯速度随时间变化的关系，如图所示。
2025届高考物理一轮复习专题卷： 牛顿运动定律(含解析)
2025届高考物理一轮复习专题卷： 牛顿运动定律一、单选题1．质量为的木板B 静止在水平面上，可视为质点的物块A 从木板B 的左侧沿木板上表面水平冲上木板，如图甲所示.A 和B 经过1 s 达到同一速度，之后共同减速直至静止，A 和B 运动的图像如图乙所示，重力加速度g 取，下列说法正确的是( )A.A 与B 间的动摩擦因数B.B 与水平面间的动摩擦因数C.A 的质量D.A 的质量2．如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc 是固定在小车上的水平横杆，质量为M 的物块A 穿在杆上，A 通过细线悬吊着质量为m 的小物体B ，B 在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使小车向右运动，全过程中A 始终未相对杆bc 移动，A 、B 与小车保持相对静止，已知受到的摩擦力大小依次为，以下结论不正确的是( )2kg M =v t -210m /s 10.1μ=20.2μ=6kg m =4kgm =1234:::1:2:4:8,a a a a A =f1f 2f 3f 4F F F F 、、、A. B. C. D.3．乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择.如图是某缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a 下行的示意图.若在缆车中放一个与山坡表面平行的粗糙斜面，斜面上放一个质量为m 的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车始终保持竖直状态）.重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A.小物块与斜面整体处于超重状态B.当C.当D.若缆车加速度增大，则小物块受到的摩擦力和支持力都可能减小4．如图所示，体重为50 kg 的小明在乘坐电梯时，手里拿着一个由轻质弹性细绳和质量为0.1 kg 的小球构成的玩具，此时他发现轻质弹性细绳的伸长量为电梯静止时的，重力加速度大小取.下列说法正确的是( )f1f 2:1:2F F =f 2f 3:1:2F F =f 3f 4:1:2F F =tan 2tan αθ=a >12mg -a =45210m /s g =A.小明处于超重状态B.小明对电梯地板的压力大小为501 NC.电梯可能加速下降，加速度大小为D.电梯可能减速上升，加速度大小为5．“神舟十六号”宇宙飞船的返回舱在重返大气层时，速度可达几千米每秒，为保证返回舱安全着陆，在即将落地时要利用制动火箭使返回舱减速到某一安全值，在这段时间内( )A.返回舱处于失重状态B.返回舱处于平衡状态C.航天员的重力变小D.航天员的重力小于返回舱对他的支持力6．2023年10月26日，“神舟十七号”载人飞船发射任务取得圆满成功，并与空间站成功对接.下列说法正确的是( )A.火箭在竖直方向加速上升的过程中，航天员处于超重状态B.若火箭竖直上升的加速度逐渐减小，则喷出的热气流对火箭的作用力小于火箭的重力C.若火箭竖直上升的加速度逐渐减小，则航天员对座椅的压力小于自身重力D.空间站绕地球运行时，航天员处于完全失重状态，航天员的重力消失了7．质量为m ，可视为质点的物体A ，静止在光滑水平面上，现对物体A 施加一个水平恒力F ，使物体开始运动，经t 秒后，物体的速度大小为( )D.2Ftm8．如图所示，质量分别为与的A 、B 两物体静止在水平地面上，已知A 、B 间的动摩擦因数，B 与地面间的动摩擦因数，重力加速度，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，对A 施加一水平拉力F 后，下列说法6kg A m =2kg B m =20.2μ=210m /s g =28m /s 22m /s 10.5μ=正确的是( )A.当时，两物体均静止不动B.当时，A 、B 必定产生相对滑动C.当时，A 、B 间的摩擦力大小为24 ND.当时，A 的加速度大小为9．如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率沿逆时针方向转动，时刻将质量的物块（可视为质点）轻放在传送带上，物块相对地面的图像如图乙所示.设沿传送带向下为正方向，g 取，则( )A.传送带的速率为12 m/sB.传送带的倾角为30°C.物块与传送带间的摩擦力大小为5 ND.物块与传送带间的动摩擦因数为0.510．如图所示，水平传送带以速度做匀速运动，小物块M 、N 由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，时刻M 在传送带左端具有速度，跨过滑轮连接M 的绳水平，时刻物块M 离开传送带.不计定滑轮质量和绳子与滑轮之间的摩擦，绳足够长.下列描述物块M 的速度随时间变化的图像一定不可能的是( )2v 16N F ≤30N F >40N F =60N F =25m /s 0v 0t =1kg m =v t -210m /s 0v 1v 0t =0t t =A.B.C.D.11．某餐厅的送餐机器人，将其结构简化为如图所示的示意图，机器人的上表面保持水平.下列说法正确的是( )A.菜品对机器人的压力是机器人发生弹性形变产生的B.机器人对菜品的支持力和菜品的重力是一对平衡力C.菜品对机器人的压力和地面对机器人的支持力是一对相互作用力D.机器人匀速送餐的过程中，菜品受到的摩擦力方向与运动方向一致题型3牛顿第三定律的应用12．如图甲所示，劲度系数的轻弹簧，一端固定在倾角为37°的带有挡板的光滑斜面体的底端，另一端和质量的小物块A 相连，质量为的物块B 紧靠A 一起静止.现用水平推力使斜面体以加速度a 向左匀加速运动，稳定后弹簧的形变量大小为x .在不同推力作用下，稳定时形变量大小x 随加速度a 的变化如图乙所示.弹簧始500N/m k A m B m终在弹性限度内，不计空气阻力，已知，重力加速度，，.下列说法正确的是( )A.B.C.A 、B 分离时弹簧处于压缩状态D.A 、B 分离时物块A 受到斜面的弹力为12.5 N 二、多选题13．如图甲所示，粗糙的水平地面上有长木板P ，小滑块Q （可看作质点）放置于长木板上的最右端.现将一个水平向右的力F 作用在长木板的右端，让长木板从静止开始运动，一段时间后撤去力F 的作用，滑块和长木板的图像如图乙所示.已知长木板和小滑块的质量均为，小滑块Q 始终没有从长木板P 上滑下，重力加速度g 取，则下列说法正确的是( )A.长木板P 与地面之间的动摩擦因数为0.3B.拉力F 的大小为1.75 NC.5 s 后，长木板的加速度大小为D.长木板P 的长度至少为3.5 m14．水平地面上有一质量为的长木板，木板的左端上有一质量为的物块，如图（a ）所示.用水平向右的拉力F 作用在物块上，F 随时间t 的变化关系如图（b ）所210m /s g =sin 370.6︒=cos370.8︒=2kg B m =206m /s a =3kgA m =v t -1kg m =210m /s 23m /s 1m 2m示，其中分别为时刻F 的大小.木板的加速度随时间t 的变化关系如图（c ）所示.已知木板与地面间的动摩擦因数为，物块与木板间的动摩擦因数为.假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g .则( )A. B.C. D.在时间段物块与木板加速度相等15．目前中国研制出了可提供任意方向推力的航空矢量发动机.已知安装有航空矢量发动机的飞机总质量，飞行时受到的空气阻力大小与其速率的平方成正比（即为常量）.在竖直方向上，飞机先关闭发动机由静止下落，然后匀速下落，开启发动机后飞机受到方向竖直向上的恒定推力，先向下减速后向上加速然后匀速上升，飞机竖直方向运动过程中的图像如图所示，以竖直向上为正方向，重力加速度g 取，不考虑空气相对地面的流动及飞机质量的变化，下列说法正确的是( )A.常量k 大小为B.飞机受到的方向竖直向上的恒定推力大小为C.飞机向下加速至-20 m/s 时，飞机加速度大小为D.飞机向下减速至速度为0时，飞机加速度大小为三、填空题111F m gμ=12F F 、12t t 、1a 1μ2μ()()2122211m m m F g m μμ+=-12212m m m μμ+>20t ~20000kg m =2,F kv k =阻v t -210m /s 221000N s /m ⋅52.510N⨯27.5m /s 20.25m /s16．如图，小孩坐在雪橇上，小孩与雪橇的总质量为40kg ，大人用与水平方向成37°角斜向上的大小为100N 的拉力F 拉雪橇，使雪橇沿水平地面做匀加速运动；已知雪橇与地面之间动摩擦因数为0.2，g 取；则，拉力F 沿水平方向和竖直方向分解时，水平方向的分力大小为_________N ；雪橇对地面的压力等于_________N ；雪橇加速度大小等于_________。
2023新教材高考物理二轮专题复习专题：牛顿运动定律与直线运动教师用书
专题二牛顿运动定律与直线运动高频考点·能力突破考点一匀变速直线运动规律的应用1．基本公式v＝v0＋at，x＝v0t+12at2，v2−v02＝2ax.2．重要推论v t2＝v0+v2＝v̅(利用平均速度求瞬时速度)；初、末速度平均值vt2＝√t02+t22；Δx＝aT2(用逐差法测加速度)．3．符号法则选定正方向，将矢量运算转化为代数运算．4．解决运动学问题的基本思路例 1 [2022·湖北卷]我国高铁技术全球领先，乘高铁极大节省了出行时间．假设两火车站W和G间的铁路里程为1 080 km，W和G之间还均匀分布了4个车站．列车从W站始发，经停4站后到达终点站G .设普通列车的最高速度为108 km /h ，高铁列车的最高速度为324 km /h .若普通列车和高铁列车在进站和出站过程中，加速度大小均为0.5 m /s 2，其余行驶时间内保持各自的最高速度匀速运动，两种列车在每个车站停车时间相同，则从W 到G 乘高铁列车出行比乘普通列车节省的时间为( )A ．6小时25分钟B ．6小时30分钟C ．6小时35分钟D ．6小时40分钟[解题心得]预测1 钢架雪车也被称为俯式冰橇，是2022年北京冬奥会的比赛项目之一．运动员需要俯身平贴在雪橇上，以俯卧姿态滑行．比赛线路由起跑区、出发区、滑行区及减速区组成．若某次运动员练习时，恰好在终点停下来，且在减速区AB 间的运动视为匀减速直线运动．运动员通过减速区时间为t ，其中第一个t 4时间内的位移为x 1，第四个t 4时间内的位移为x 2，则x 2:x 1等于( )A ．1∶16B ．1∶7C ．1∶5D ．1∶3预测2 [2022·福建泉州高三联考]如图为某轿车在行驶过程中，试图借用逆向车道超越客车的示意图，图中当两车相距L ＝4 m 时，客车正以v 1＝6 m /s 速度匀速行驶，轿车正以v 2＝10 m /s 的速度借道超车．客车长L 1＝10 m ，轿车长L 2＝4 m ，不考虑变道过程中车速的变化和位移的侧向变化．(1)若轿车开始加速并在3 s内成功超越客车L3＝12 m后，才能驶回正常行驶车道，其加速度多大？(2)若轿车放弃超车并立即驶回正常行驶车道，则至少要以多大的加速度做匀减速运动，才能避免与客车追尾？[试解]考点二动力学基本规律的应用动力学两类基本问题的解题思路温馨提示动力学中的所有问题都离不开受力分析和运动分析，都属于这两类基本问题的拓展和延伸．例2 [2022·浙江卷1月]第24届冬奥会在我国举办．钢架雪车比赛的一段赛道如图1所示，长12 m水平直道AB与长20 m的倾斜直道BC在B点平滑连接，斜道与水平面的夹角为15°.运动员从A点由静止出发，推着雪车匀加速到B点时速度大小为8 m/s，紧接着快速俯卧到车上沿BC匀加速下滑(图2所示)，到C点共用时5.0 s．若雪车(包括运动员)可视为质点，始终在冰面上运动，其总质量为110 kg，sin 15°＝0.26(取g＝10 m/s2)，求雪车(包括运动员)(1)在直道AB上的加速度大小；(2)过C点的速度大小；(3)在斜道BC上运动时受到的阻力大小．[试解]预测3 (多选)14岁的奥运冠军全红婵，在第14届全运会上再次上演“水花消失术”夺冠．在女子10 m 跳台的决赛中(下面研究过程将全红婵视为质点)，全红婵竖直向上跳离跳台的速度为5 m/s，竖直入水后到速度减为零的运动时间与空中运动时间相等，假设所受水的阻力恒定，不计空气阻力，全红婵的体重为35 kg，重力加速度大小为g＝10 m/s2，则( )A．跳离跳台后上升阶段全红婵处于失重状态B．入水后全红婵处于失重状态C．全红婵在空中运动的时间为1.5 sD．入水后全红婵受到水的阻力为612.5 N预测4 衢州市2022年5月1日起部分县、区超标电动车不得上道路行驶，新的电动自行车必须符合国标GB17761－2018的标准，新标准规定最高车速不能高于25 km/h，整车质量应当小于或等于55 kg，制动性能要符合如下规定：某人体重m＝50 kg，骑着符合新标准、质量M＝50 kg的电动自行车在水平路面行驶．电动自行车的刹车过程可简化为匀变速直线运动．(1)当遇到紧急情况时，若他同时使用前后车闸刹车，在干燥路面上该车的最小加速度是多少？此时受到的制动力是多大？(保留两位有效数字)(2)若此人私自改装电瓶输出功率，致使车速超标(其他条件不变)，当他以32 km/h速度在雨后的路面上行驶，遇见紧急情况，采取同时使用前后车闸方式刹车，则该车刹车后行驶的最大距离是多少？(3)根据你所学物理知识，分析电动自行车超速超载有什么危害？[试解]考点三连接体问题1．处理连接体问题的常用方法2.连接体问题中常见的临界条件例3 [2022·全国甲卷]如图，质量相等的两滑块P、Q置于水平桌面上，二者用一轻弹簧水平连接，两滑块与桌面间的动摩擦因数均为μ.重力加速度大小为g.用水平向右的拉力F拉动P，使两滑块均做匀速运动；某时刻突然撤去该拉力，则从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前( )A．P的加速度大小的最大值为2μgB．Q的加速度大小的最大值为2μgC．P的位移大小一定大于Q的位移大小D．P的速度大小均不大于同一时刻Q的速度大小[解题心得]预测5 如图所示，将一盒未开封的香皂置于桌面上的一张纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，香皂盒的移动距离很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验(示意图如图所示)，若香皂盒和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为μ，重力加速度为g.若本实验中，m1＝100 g，m2＝5 g，μ＝0.2，香皂盒与纸板左端的距离d＝0.1 m，若香皂盒移动的距离超过l＝0.002 m，人眼就能感知，忽略香皂盒的体积因素影响，g取10 m/s2，为确保香皂盒移动不被人感知，纸板所需的拉力至少是( )A．1.41 N B．1.42 NC．1 410 N D．1 420 N预测6 [2022·全国乙卷]如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长L.一大小为F的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直．当两球运动至二者相距35L时，它们加速度的大小均为( )A．5F8m B．2F5mC．3F8m D．3F10m预测7 如图所示，在倾角为θ＝30°的光滑固定斜面上端系有一劲度系数为k＝100 N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为m＝8 kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧没有形变．从t＝0时刻开始挡板A以加速度a＝1 m/s2沿斜面向下匀加速运动，则：(g＝10 m/s2)(1)t＝0时刻，挡板对小球的弹力多大？(2)从开始运动到小球与挡板分离所经历的时间为多少？(3)小球向下运动多少距离时速度最大？[试解]素养培优·情境命题实际情境中的直线运动情境1 [2022·山东押题卷]高速公路的ETC电子收费系统如图所示，ETC通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离，总长为19.6 m．某汽车以5 m/s的速度匀速进入识别区，ETC用0.3 s的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，汽车又向前行驶了2 s司机发现自动栏杆没有抬起，于是紧急刹车，汽车恰好没有撞杆．已知司机的反应时间和汽车系统的反应时间之和为0.8 s．则刹车的加速度大小约为( )A．2.52 m/s2B．3.55 m/s2C．3.75 m/s2D．3.05 m/s2[解题心得]情境2 驾驶员看见过马路的人，从决定停车，直至右脚刚刚踩在制动器踏板上经过的时间，叫反应时间，在反应时间内，汽车按一定速度匀速行驶的距离称为反应距离；从踩紧踏板(抱死车轮)到车停下的这段距离称为刹车距离；司机从发现情况到汽车完全停下来，汽车所通过的距离叫做停车距离．如图所示，根据图中内容，下列说法中正确的是( )A．根据图中信息可以求出反应时间B．根据图中信息可以求出汽车的制动力C．匀速行驶的速度加倍，停车距离也加倍D．酒后驾车反应时间明显增加，停车距离不变[解题心得]情境3 [2022·浙江6月]物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中，如图所示，倾斜滑轨与水平面成24°角，长度l1＝4 m，水平滑轨长度可调，两滑轨间平滑连接．若货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间的动摩擦因数均为μ＝2，货物可视为质点(取9cos 24°＝0.9，sin 24°＝0.4)．(1)求货物在倾斜滑轨上滑行时加速度a1的大小；(2)求货物在倾斜滑轨末端时速度v的大小；(3)若货物滑离水平滑轨末端时的速度不超过2 m/s，求水平滑轨的最短长度l2.[试解]情境4 疫情期间，为了减少人与人之间的接触，一餐厅推出了一款智能送餐机器人进行送餐(如图甲)．该款机器人的最大运行速度为4 m/s，加速度大小可调节在1 m/s2≤a≤3 m/s2范围内，要求：送餐过程托盘保持水平，菜碟与托盘不发生相对滑动，机器人到达餐桌时速度刚好为0.现把送餐过程简化为如图乙的直线情境图，已知机器人恰好以最大运行速度v＝4 m/s通过O处，O与餐桌A相距x0＝6 m，餐桌A和餐桌F相距L＝16 m，机器人、餐桌都能看成质点，送餐使用的菜碟与托盘之间的动摩擦因数为μ＝0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g＝10 m/s2.(1)在某次从O到餐桌A的过程中，机器人从O开始匀减速恰好到A停下，求机器人在此过程加速度a的大小．(2)完成(1)问中的送餐任务后，机器人马上从A继续送餐到F，若要求以最短时间从A 送餐到F，求机器人运行的最大加速度a m和加速过程通过的位移x加．[试解]专题二 牛顿运动定律与直线运动高频考点·能力突破考点一例1 解析：108 km/h ＝30 m/s ，324 km/h ＝90 m/s由于中间4个站均匀分布，因此节省的时间相当于在任意相邻两站间节省的时间的5倍，为总的节省时间，相邻两站间的距离x ＝1 080×1035m ＝2.16×105m普通列车加速时间t 1＝v1a＝300.5 s ＝60 s加速过程的位移x 1＝12at 12＝12×0.5×602m ＝900 m根据对称性可知加速与减速位移相等，可得匀速运动的时间t 2＝x −2x 1v＝2.16×105−2×90030s ＝7 140 s同理高铁列车加速时间t ′1＝v 1′a＝900.5s ＝180 s加速过程的位移x ′1＝12at1′2＝12×0.5×1802m ＝8 100 m根据对称性可知加速与减速位移相等，可得匀速运动的时间t ′2＝x −2x 1′v 1′＝2.16×105−2×8 10090s ＝2 220 s相邻两站间节省的时间Δt ＝(t 2＋2t 1)－(t ′2＋2t ′1)＝4 680 s ，因此总的节省时间Δt 总＝5Δt ＝4 680×5 s＝23 400 s ＝6小时30分，B 正确．答案：B预测1 解析：由题意知，在减速区AB 间的运动视为匀减速直线运动，且最终减为零，将此减速过程由逆向思维，可看作初速度为零的匀加速直线运动，则根据初速度为零的匀加速直线运动，连续相等时间内位移之比为1∶3∶5…可知，x 2∶x 1之比即为初速度为零的匀加速直线中第一个t4时间内的位移与第四个t4时间内的位移之比，即x 2∶x 1＝1∶7，故选B.答案：B预测2 解析：(1)设轿车的加速度大小为a ，经过t 1＝3 s ，客车和轿车位移分别为s 1、s 2，由运动学公式得s 1＝v 1t 1，s 2＝v 2t 1+12at 12，s 2＝s 1＋L 1＋L 2＋L ＋L 3，解得a ＝4 m/s 2.(2)设轿车减速的加速度大小为a ′，经过时间t 2，轿车、客车达到共同速度，则v 2－a ′t 2＝v 1，客车和轿车位移分别为s ′1、s ′2，满足s ′2＝v 2t 2−12a ′t 22， s ′1＝v 1t 2， s ′2＝s ′1＋L ，解得a ′＝2 m/s 2，即轿车至少以2 m/s 2的加速度做匀减速运动，才能避免与客车追尾． 答案：(1)4 m/s 2(2)2 m/s 2考点二例2 解析：(1)设雪车从A →B 的加速度大小为a 、运动时间为t ，根据匀变速直线运动的规律有2al AB ＝v B 2、v B ＝at解得t ＝3 s 、a ＝83 m/s 2.(2)方法一 由题知雪车从A →C 全程的运动时间t 0＝5 s ，设雪车从B →C 的加速度大小为a 1、运动时间为t 1，故t 1＝t 0－t ，根据匀变速直线运动的规律有l BC ＝v B t 1+12a 1t 12v C ＝v B ＋a 1t 1代入数据解得a 1＝2 m/s 2、v C ＝12 m/s.方法二 由于雪车在BC 上做匀变速运动，故l BC ＝v BC ̅̅̅̅·t 1＝v B +v C 2(t 0－t )解得v C ＝12 m/s.(3)方法一 设雪车在BC 上运动时受到的阻力大小为f ，根据牛顿第二定律有mg sin 15°－f ＝ma 1代入数据解得f ＝66 N方法二 对雪车在BC 上的运动过程由动量定理有 (mg sin 15°－f )(t 0－t )＝mv C －mv B 代入数据解得f ＝66 N.方法三 对雪车从B →C 由动能定理有(mg sin 15°−f )l BC ＝12tt t 2−12tt t 2解得f＝66 N.答案：(1)83m/s2(2)12 m/s (3)66 N预测3 解析：跳离跳台后上升阶段，加速度向下，则全红婵处于失重状态，A正确；入水后全红婵的加速度向上，处于超重状态，B错误；以向上为正方向，则根据－h＝v0t－12gt2，可得t＝2 s，即全红婵在空中运动的时间为2 s，C错误；入水时的速度v1＝v0－gt＝5 m/s－10×2 m/s＝－15 m/s，在水中的加速度大小a＝0−v1t＝7.5 m/s2，方向竖直向上，根据牛顿第二定律可得f＝ma＋mg＝35×10 N＋35×7.5 N＝612.5 N，D正确．答案：AD预测4 解析：(1)根据匀变速运动公式2ax＝t2−t02解得t＝t2−t022t＝－3.4 m/s2根据牛顿第二定律得：制动力F＝(M＋m)a＝340 N.(2)根据匀变速运动公式2a1x1＝v12，2a1x2＝v22，x1x2＝t12t22联立解得x2＝36 m.(3)超速时，加速度不变但刹车距离变大，超载时，质量变大，减速的加速度变小，刹车距离变大．答案：(1)－3.4 m/s2340 N (2)36 m (3)见解析考点三例3 解析：撤去力F后到弹簧第一次恢复原长之前，弹簧弹力kx减小，对P有μmg＋kx＝ma P，对Q有μmg－kx＝ma Q，且撤去外力瞬间μmg＝kx，故P做加速度从2μg减小到μg的减速运动，Q做加速度从0逐渐增大到μg的减速运动，即P的加速度始终大于Q的加速度，故除开始时刻外，任意时刻P的速度大小小于Q的速度大小，故P的平均速度大小必小于Q的平均速度大小，由x＝v̅t可知Q的位移大小大于P的位移大小，可知B、C错误，A、D正确．答案：AD预测5 解析：香皂盒与纸板发生相对滑动时，根据牛顿第二定律可得μm1g＝m1a1解得a1＝2 m/s2对纸板，根据牛顿第二定律可得F－μm1g－μ(m1＋m2)g＝m2a2为确保实验成功，即香皂盒移动的距离不超过l＝0.002 m，纸板抽出时香皂盒运动的最大距离为x1＝12a1t12纸板运动距离为d＋x1＝12a2t12纸板抽出后香皂盒运动的距离为x2＝12a3t22则l＝x1＋x2由题意知a1＝a3，a1t1＝a3t2代入数据联立得F＝1.42 N，故B正确，A、C、D错误．答案：B预测6解析：如图可知sin θ＝12×3L5L2＝35，则cos θ＝45，对轻绳中点受力分析可知F＝2T cos θ，对小球由牛顿第二定律得T＝ma，联立解得a＝5F8m，故选项A正确．答案：A预测7 解析：解答本题的关键是要能分析得出板和小球分离时，板对小球的作用力为零；当球的速度最大时，球的加速度为零．(1)因开始时弹簧无形变，故对小球，根据牛顿第二定律得mg sin 30°－F1＝ma解得F1＝32 N.(2)当挡板和小球分离时，根据牛顿第二定律得mg sin 30°－kx＝ma，其中x＝12at2解得t＝0.8 s，x＝0.32 m.(3)当小球的速度最大时，加速度为零，此时mg sin 30°＝kx1解得x1＝0.4 m.答案：(1)32 N (2)0.8 s (3)0.4 m素养培优·情境命题情境1 解析：设刹车的加速度大小为a，则有x＝t0(t1+t2+tt)+t022t代入数据有19.6＝5×(0.3＋2＋0.8)＋522a解得a＝3.05 m/s2，所以D正确；A、B、C错误．答案：D情境2 解析：图中知道汽车速度，反应距离，根据x＝v0t可以求出反应时间，故A 正确；由于不知汽车质量，则无法求出汽车的制动力，故B错误；设停车距离为x，反应时间为t0.则x＝t0t0+t022t，可知匀速行驶的速度加倍，停车距离不是简单的加倍，故C错误；除了反应时间，其他条件不变的情况下，根据公式x＝t0t0+t022t，酒后驾车反应时间明显增加，停车距离增加，故D错误．答案：A情境3 解析：(1)根据牛顿第二定律mg sin 24°－μmg cos 24°＝ma1a1＝2 m/s2(2)在倾斜滑轨上运动过程为匀加速直线运动v2＝2a1l1v＝4 m/s(3)在水平滑轨上的运动过程为匀减速直线运动v12－v2＝2a2l2a2＝－μgl2＝2.7 m答案：(1)2 m/s2(2)4 m/s (3)2.7 m情境4 解析：(1)从O点到A点，由运动公式0－v2＝2ax0，解得a＝0−v22x0＝－422×6m/s2＝－43m/s2，机器人在此过程加速度a的大小为43m/s2.(2)要想用时最短，则机器人先以最大加速度加速，然后匀速一段时间，再以最大加速度做减速到零．最大加速度为a m＝μg＝2 m/s2，加速的位移为x加＝v22a m＝4 m.答案：(1)43m/s2(2)2 m/s2 4 m。
2019年—2023年高考物理牛顿运动定律部分真题汇编+答案解析
1 / 82019年—2023年高考物理牛顿运动定律部分真题汇编+答案解析（真题部分）1.(2023全国甲,19,6分)(多选)用水平拉力使质量分别为m 甲、m 乙的甲、乙两物体在水平桌面上由静止开始沿直线运动,两物体与桌面间的动摩擦因数分别为μ甲和μ乙。
甲、乙两物体运动后,所受拉力F与其加速度a 的关系图线如图所示。
由图可知( )A.m 甲<m 乙B.m 甲>m 乙C.μ甲<μ乙D.μ甲>μ乙2.(2023江苏,1,4分)电梯上升过程中,某同学用智能手机记录了电梯速度随时间变化的关系,如图所示。
电梯加速上升的时段是( )A.从20.0 s 到30.0 sB.从30.0 s 到40.0 sC.从40.0 s 到50.0 sD.从50.0 s 到60.0 s3.(2022全国甲,19,6分)(多选)如图,质量相等的两滑块P 、Q 置于水平桌面上,二者用一轻弹簧水平连接,两滑块与桌面间的动摩擦因数均为μ。
重力加速度大小为g 。
用水平向右的拉力F 拉动P ,使两滑块均做匀速运动;某时刻突然撤去该拉力,则从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前 ( )A.P 的加速度大小的最大值为2μgB.Q 的加速度大小的最大值为2μgC.P 的位移大小一定大于Q 的位移大小D.P 的速度大小均不大于同一时刻Q 的速度大小4.(2023湖南,10,5分)(多选)如图,光滑水平地面上有一质量为2m 的小车在水平推力F 的作用下加速运动。
车厢内有质量均为m 的A 、B 两小球,两球用轻杆相连,A 球靠在光滑左壁上,B球处在车厢水平底2 / 8面上,且与底面的动摩擦因数为μ,杆与竖直方向的夹角为θ,杆与车厢始终保持相对静止。
假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
下列说法正确的是(重力加速度为g)( )A.若B 球受到的摩擦力为零,则F=2mg tan θB.若推力F 向左,且tan θ≤μ,则F 的最大值为2mg tan θC.若推力F 向左,且μ<tan θ≤2μ,则F 的最大值为4mg(2μ-tan θ)D.若推力F 向右,且tan θ>2μ,则F 的范围为4mg(tan θ-2μ)≤F≤4mg(tan θ+2μ)5.(2022江苏,1,4分)高铁车厢里的水平桌面上放置一本书,书与桌面间的动摩擦因数为0.4,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取重力加速度g =10 m/s 2。
专题02 力与直线运动 【讲】-2023年高考物理毕业班二轮热点题型归纳与变式演练(解析版)
专题01力与直线运动【要点提炼】1.解决匀变速直线运动问题的方法技巧(1)常用方法①基本公式法，包括v t 2＝x t ＝v 0＋v2，Δx ＝aT 2。
②v t 图象法。
③比例法：适用于初速度为零的匀加速直线运动和末速度为零的匀减速直线运动。
④逆向思维法：末速度为零的匀减速直线运动可看做反向初速度为零的匀加速直线运动。
(2)追及相遇问题的临界条件：前后两物体速度相同时，两物体间的距离最大或最小。
2．物体的直线运动(1)条件：所受合外力与速度在同一直线上，或所受合外力为零。
(2)常用规律：牛顿运动定律、运动学公式、动能定理或能量守恒定律、动量定理或动量守恒定律。
3．动力学问题常见的五种模型(1)等时圆模型(图中斜面光滑)(2)连接体模型两物体一起加速运动，m 1和m 2的相互作用力为F N ＝m 2·Fm 1＋m 2，有无摩擦都一样，平面、斜面、竖直方向都一样。
(3)临界模型两物体刚好没有相对运动时的临界加速度a ＝g tan α。
(4)弹簧模型①如图所示，两物体要分离时，它们之间的弹力为零，速度相同，加速度相同，分离前整体分析，分离后隔离分析。
②如图所示，弹簧长度变化时隔离分析，弹簧长度不变(或两物体运动状态相同)时整体分析。
(5)下列各情形中，速度最大时加速度为零，速度为零时加速度最大。
4．传送带上物体的运动由静止释放的物体，若能在匀速运动的传送带上同向加速到与传送带共速，则加速过程中物体的位移必与物体和传送带的相对位移大小相等，且等于传送带在这个过程中位移的一半。
在倾斜传送带(倾角为θ)上运动的物体，动摩擦因数与tanθ的关系、物体初速度的方向与传送带速度方向的关系是决定物体运动情况的两个重要因素。
5．水平面上的板块模型问题分析两物体的运动情况需要关注：两个接触面(滑块与滑板之间、滑板与地面之间)的动摩擦因数的大小关系，外力作用在哪个物体上。
若外力作用在下面物体上，随着力的增大，两物体先共同加速，后发生相对滑动，发生相对滑动的条件是下面物体的加速度较大。
2023年高考物理二轮复习试题(全国通用) 专题02 力与直线运动 Word版含解析
专题01 力与直线运动一、单选题1．（2022·河南·洛宁县第一高级中学模拟预测）意大利物理学家伽利略在《关于两门新科学的对话》一书中，对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合。
如图所示，这可以大致表示实验过程，图中各个小球位置之间的时间间隔可以认为相等，对这一过程的分析，下列说法正确的是（ ）A ．运用图甲的实验，可“减弱”重力的作用，放大时间，便于观察B ．只要测量出图丁中相邻两小球球心位置之间的距离，就可以计算出重力加速度大小C ．该实验中将自由落体运动改为在斜面上运动是为了缩短时间，便于测量位移D ．从图甲到图丁，通过逐渐增大斜面倾角，最后合理外推到自由落体运动，从而说明自由落体运动是初速度不为零的匀加速直线运动（ ） 【答案】A【详解】A ．运用图甲的实验，可“减弱”重力的作用，放大时间，便于观察，A 正确； B ．只有测量出图丁中相邻两小球球心位置之间的距离和各个小球位置之间的时间间隔T ，才能利用2x gT ∆=计算出重力加速度大小，只测量出图丁中相邻两小球球心位置之间的距离，不能计算出重力加速度大小，B 错误；C ．该实验中将自由落体运动改为在斜面上运动的设计思想是为了“放大”时间，便于测量时间，C 错误；D ．从图甲到图丁通过逐渐增大斜面倾角，最后合理外推到自由落体运动，从而说明自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，D 错误。
故选A 。
2．（2022·新疆·博乐市高级中学（华中师大一附中博乐分校）模拟预测）将一乒乓球竖直向上抛出，乒乓球在运动过程中，它的动能随时间变化的关系的图线如图所示。
已知乒乓球运动过程中，受到的空气阻力与速率平方成正比，重力加速度为g 。
则乒乓球在整个运动过程中加速度的最小值、最大值为（ ）A ．0，4gB ．0，5gC ．g ，4gD ．g ，5g121mg kv =此时的动能m 5a g =故选B 。
牛顿运动定律--2023年高考真题和模拟题物理分项汇编含答案
专题03牛顿运动定律2023年高考真题1(2023全国甲卷)一小车沿直线运动，从t=0开始由静止匀加速至t=t1时刻，此后做匀减速运动，到t=t2时刻速度降为零在下列小车位移x与时间t的关系曲线中，可能正确的是()A.B.C.D.2(2023全国甲卷)用水平拉力使质量分别为m甲、m乙的甲、乙两物体在水平桌面上由静止开始沿直线运动，两物体与桌面间的动摩擦因数分别为μ甲和μ乙。
甲、乙两物体运动后，所受拉力F与其加速度a的关系图线如图所示。
由图可知()A.m甲<m乙B.m甲>m乙C.μ甲<μ乙D.μ甲>μ乙3(2023山东卷)质量为M的玩具动力小车在水平面上运动时，牵引力F和受到的阻力f均为恒力，如图所示，小车用一根不可伸长的轻绳拉着质量为m的物体由静止开始运动。
当小车拖动物体行驶的位移为S1时，小车达到额定功率，轻绳从物体上脱落。
物体继续滑行一段时间后停下，其总位移为S2。
物体与地面间的动摩擦因数不变，不计空气阻力。
小车的额定功率P0为()A.2F2(F-f)S2-S1S1(M+m)S2-MS1B.2F2(F-f)S2-S1S1(M+m)S2-mS1C.2F2(F-f)S2-S1S2(M+m)S2-MS1D.2F2(F-f)S2-S1S2(M+m)S2+mS14(2023新课标卷)使甲、乙两条形磁铁隔开一段距离，静止于水平桌面上，甲的N极正对着乙的S极，甲的质量大于乙的质量，两者与桌面之间的动摩擦因数相等。
现同时释放甲和乙，在它们相互接近过程中的任一时刻()牛顿运动定律--2023年高考真题和模拟题物理分项汇编A.甲的速度大小比乙的大B.甲的动量大小比乙的小C.甲的动量大小与乙的相等D.甲和乙的动量之和不为零5(2023湖北卷)如图所示，原长为l的轻质弹簧，一端固定在O点，另一端与一质量为m的小球相连。
小球套在竖直固定的粗糙杆上，与杆之间的动摩擦因数为0.5。
杆上M、N两点与O点的距离均为l，P点到O点的距离为12l，OP与杆垂直。
物理高考二轮复习牛顿运动定律综合运用专题测试(带答案)
物理高考二轮复习牛顿运动定律综合运用专题测试（带答案）牛顿运动定律包括牛顿第一运动定律、牛顿第二运动定律和牛顿第三运动定律三条定律，以下是查字典物理网整理的牛顿运动定律综合运用专题测试，希望可以协助考生提高自己的效果。
一、选择题1.电梯内的地板上竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上方有一质量为m的物体.当电梯运动时弹簧被紧缩了x;当电梯运动时弹簧又被紧缩了x.试判别电梯运动的能够状况是( )A.以大小为2g的减速度减速上升B.以大小为2g的减速度减速上升C.以大小为g的减速度减速上升D.以大小为g的减速度减速下降【答案】选C、D.【详解】物体运动时，kx=mg，当电梯运动时，取向上为正方向，由牛顿第二定律得：2kx-mg=ma，可求出：a=g，方向竖直向上，因此电梯能够以大小为g的减速度减速上升，也能够以大小为g的减速度减速下降，故A、B均错误，C、D 正确.2.在第11届全运会上，福建女选手郑幸娟以背越式成功地跳过了1.95 m的高度，成为全国冠军，假定不计空气阻力，那么以下说法正确的选项是( )A.下落进程中她处于失重形状B.起跳以后上升进程她处于超重形状C.起跳时空中对她的支持力等于她对空中的压力D.起跳时空中对她的支持力大于她对空中的压力【答案】选A、C.【详解】无论是上升进程还是下落进程，运发动的减速度一直向下，所以她处于失重形状，A选项正确，B选项错误;起跳时空中对她的支持力与她对空中的压力为一对作用力与反作用力，大小应相等，C项正确，D项错误.3.从正在减速上升的气球上落下一个物体，在物体刚分开气球的瞬间，以下说法正确的选项是( )A.物体向下做自在落体运动B.物体向上运动，减速度向上C.物体向上运动，减速度向下D.物体向上还是向下运动，要看物体分开气球时的速度【答案】选C.【详解】刚分开气球瞬间，物体由于惯性坚持向上的速度，但由于合外力向下，故减速度方向向下.4.直升机悬停在空中向空中投放装有救灾物资的箱子，如下图.设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动进程中箱子一直坚持图示姿态.在箱子下落进程中，以下说法正确的选项是( )A.箱内物体对箱子底部一直没有压力B.箱子刚从飞机上投下时，箱内物体遭到的支持力最大C.箱子接近空中时，箱内物体遭到的支持力比刚投下时大D.假定下落距离足够长，箱内物体有能够不受底部支持力而飘起来【答案】C【详解】以全体为研讨对象，依据牛顿第二定律：(M+m)g-kv2=(M+m)a①，设箱内物体遭到的支持力F N，以箱内物体为研讨对象，有mg-F N=ma②,由①②两式得FN= .经过此式可知，随着下落速度的增大，箱内物体遭到的支持力逐渐增大，所以ABD项错误，C项正确.5.如下图，润滑水平面上放置质量区分为m和2m的四个木块，其中两个质量为m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是mg.现用水平拉力F拉其中一个质量为2m的木块，使四个木块以同一减速度运动，那么轻绳对m的最大拉力为()A. B. C. D.3mg【答案】B【详解】区分对全体右端一组及集体受力剖析 ,运用牛顿第二定律,由全体法、隔离法可得F=6ma①F-mg=2ma②mg-T=ma③由①②③联立可得T= mg所以B正确.6.如图甲所示，在粗糙水平面上，物体A在水平向右的外力F的作用下做直线运动，其速度时间图象如图乙所示，以下判别正确的选项是()A.在0～1 s内，外力F不时增大B.在1 s～3 s内，外力F的大小恒定C.在3 s～4 s内，外力F不时减小D.在3 s～4 s内，外力F的大小恒定【答案】BC【详解】在0～1 s内，物体做匀减速直线运动，外力F恒定，故A错.在1 s～3 s内，物体做匀速运动，外力F也恒定，B正确.在3 s～4 s内，物体做减速度增大的减速运动，所以外力F不时减小，C对D错.7. 如下图，底板润滑的小车上用两个量程为20 N，完全相反的弹簧测力计甲和乙系住一个质量为1 kg的物块，在水平空中上，当小车做匀速直线运动时，两弹簧测力计的示数均为10 N，当小车做匀减速直线运动时，弹簧测力计甲的示数为8 N，这时小车运动的减速度大小是()A.2 m/s2B.4 m/s2C.6 m/s2D.8 m/s2【答案】B【详解】小车做匀速直线运动时，物块随小车也做匀速直线运动，两弹簧测力计示数均为10 N，形变相反，弹簧测力计甲的示数变为8 N，形变减小x，弹簧测力计乙形变要添加x，因此弹簧测力计乙的示数为12 N，物块遭到的合外力为4 N，故减速度的大小是a=Fm=41 m/s2=4 m/s2.8.如图甲所示，A、B两物体叠放在润滑水平面上，对物体A 施加一水平力F，F-t图象如图乙所示，两物体在力F作用下由运动末尾运动，且一直相对运动，规则水平向右为正方向，那么以下说法正确的选项是()A.两物体在4 s时改动运动方向B.在1 s～3 s时间内两物体间摩擦力为零C.6 s时两物体的速度为零D.B物体所受的摩擦力方向一直与力F的方向相反【答案】D【详解】两物体在0～1 s内，做减速度增大的变减速运动，在1 s～3 s内，做匀减速运动，在3 s～4 s内，做减速度增大的变减速运动，在4 s～6 s内，做减速度减小的变减速运动，故两物体不时向一个方向运动，A、C错误，D正确，1 s～3 s时间内两物体做匀减速运动，对B停止受力剖析可知两物体间的摩擦力不为零，B错误.9.图甲是某景点的山坡滑道图片，为了探求滑行者在滑道直线局部AE滑行的时间.技术人员经过测量绘制出如图乙所示的表示图.AC是滑道的竖直高度，D点是AC竖直线上的一点，且有AD=DE=10 m，滑道AE可视为润滑，滑行者从坡顶A点由运动末尾沿滑道AE向下做直线滑动，g取10 m/s2，那么滑行者在滑道AE上滑行的时间为()A.2 sB.2 sC.3 sD.22 s【答案】B【详解】AE两点在以D为圆心半径为R=10 m的圆上，在AE 上的滑行时间与沿AD所在的直径自在下落的时间相反，t=4Rg=2 s，选B.10.某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如下图的物理模型，一个小冤家在AB段的动摩擦因数1A.空中对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右B.空中对滑梯一直无摩擦力作用C.空中对滑梯的支持力的大小一直等于小冤家和滑梯的总重力的大小D.空中对滑梯的支持力的大小先大于、后小于小冤家和滑梯的总重力的大小【答案】选A.【详解】小冤家在AB段沿滑梯向下匀减速下滑，在BC段向下匀减速下滑，因此小冤家和滑梯组成的系统水平方向的减速度先向左后向右，那么空中对滑梯的摩擦力即系统水平方向合外力先水平向左，后水平向右，A正确，B错误;系统在竖直方向的减速度先向下后向上，因此系统先失重后超重，故空中对滑梯的支持力的大小先小于、后大于小冤家和滑梯的总重力的大小，C、D错误.二、非选择题11.一斜面固定在水平空中上，用平行于斜面的力F拉质量为m的物体，可使它匀速向上滑动，如下图，假定改用大小为3F的力，仍平行于斜面向上拉该物体，让物体从底部由运动末尾运动、斜面长为L，物体的大小可以疏忽，求：(1)在3F力的作用下，物体抵达斜面顶端时的速度;(2)要使物体可以抵达斜面顶端，3F力作用的时间至少多长? 【答案】【详解】(1)设斜面倾角为，斜面对物体的摩擦力为Ff.当用F的拉力时，物体匀速运动，有F-mgsin-Ff=0 ①当用3F的拉力时，物体的减速度为a，抵达顶端时的速度为v，由牛顿第二定律3F-mgsin-Ff=ma ②v2-0=2aL ③由①②③式解得(2)设3F的拉力至少作用t时间，撤去拉力后减速度为a，还能滑行t时间，撤去拉力后有mgsin+Ff=ma ④at2+ at2=L ⑤由①②④式得a=2a，又由速度关系at-at=0,得t=2t解得12.一小轿车从高为10 m、倾角为37的斜坡顶端从运动末尾向下行驶，当小轿车抵达底端时进入一水平面，在斜坡底端115 m的中央有一池塘，发起机在斜坡上发生的牵引力为2103 N，在水平空中上调理油门后，发起机发生的牵引力为1.4104 N，小轿车的质量为2 t，小轿车与斜坡及水平空中间的动摩擦因数均为0.5(g取10 m/s2).求：(1)小轿车行驶至斜坡底端时的速度;(2)为使小轿车在水平空中下行驶而不掉入池塘，在水平空中上减速的时间不能超越多少?(轿车内行驶进程中不采用刹车装置)【答案】(1)10 m/s (2)5 s【详解】 (1)小轿车在斜坡下行驶时，由牛顿第二定律得F1+mgsin 37mgcos 37=ma1代入数据得a1=3 m/s2由v21=2a1x1=2a1h/sin 37得行驶至斜坡底端时的速度v1=10 m/s(2)在水平空中上减速时，由牛顿第二定律得F2-mg=ma2代入数据得a2=2 m/s2封锁油门后减速mg=ma3代入数据得a3=5 m/s2封锁油门时轿车的速度为v2v22-v212a2+v222a3=x2得v2=20 m/st=v2-v1a2=5 s即在水平空中上减速的时间不能超越5 s.牛顿运动定律综合运用专题测试及答案解析为大家分享到这里，希望考生可以日日有提高，取得更好的效果。
知识点三 牛顿运动定律--2023年高考物理分类题库
知识点三牛顿运动定律1.(2023·全国乙卷·T14)一同学将排球自O点垫起,排球竖直向上运动,随后下落回到O点。
设排球在运动过程中所受空气阻力大小和速度大小成正比,则该排球()A.上升时间等于下落时间B.被垫起后瞬间的速度最大C.达到最高点时加速度为零D.下落过程中做匀加速运动【解析】选B。
上升过程和下落过程的位移大小相同,上升过程的末状态和下落过程的初状态速度均为零。
对排球受力分析,上升过程的重力和阻力方向相同,下落过程中重力和阻力方向相反,根据牛顿第二定律可知,上升过程中任意位置的加速度比下落过程中对应位置的加速度大,则上升过程的平均加速度较大。
由x=12at2可知,上升时间比下落时间短,A错误;上升过程排球做减速运动,下落过程排球做加速运动。
在整个过程中空气阻力一直做负功,排球机械能一直在减小,下落过程中的最低点的速度小于上升过程的最低点的速度,故排球被垫起时的速度最大,B正确;达到最高点速度为零,空气阻力为零,此刻排球的加速度为重力加速度g,C错误;下落过程中,排球速度在变,所受空气阻力在变,故排球所受的合外力在变化,排球在下落过程中做变加速运动,D错误。
2.(2023·辽宁选择考·T2)安培通过实验研究,发现了电流之间相互作用力的规律。
若两段长度分别为Δl1和Δl2、电流大小分别为I1和I2的平行直导线间距为r时,相互作用力的大小可以表示为ΔF=k12Δ1Δ22。
比例系数k的单位是()A.kg·m/(s2·A)B.kg·m/(s2·A2)C.kg·m2/(s3·A)D.kg·m2/(s3·A3)【解析】选B。
根据题干公式ΔF=k12Δ1Δ22整理可得k=ΔB212Δ1Δ2,代入相应物理量单位可得比例系数k的单位为N A2=kg·m/s2A2=kg·m/(s2·A2),故选B。
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专题02 牛顿运动定律与直线运动一、单选题1．（2023·广东肇庆·统考二模）如图所示，弹弓将飞箭以竖直向上的初速度v0弹出，飞箭上升到最高点后返回，再徐徐下落，已知飞箭上升过程中受到的空气阻力越来越小，下落过程中受到的空气阻力越来越大，则飞箭（）A．上升过程中，速度越来越大B．上升过程中，加速度越来越小C．下落过程中，速度越来越小D．下落过程中，加速度越来越大2．（2023·四川·统考二模）如图所示，一物体被水平向左的压力F压在粗糙的竖直墙壁上，某时刻压力F的值为F0，此时物体处于静止状态，若从该时刻起使压力F逐渐减小，直到减为零，则该过程中物体的加速度a与压力F的关系图像可能正确的是（）A．B．C．D．3．（2023·河南·统考二模）具有“主动刹车系统”的汽车遇到紧急情况时，会立即启动主动刹车。
某汽车以28m/s 的速度匀速行驶时，前方50m处突然出现一群羚羊横穿公路，“主动刹车系统”立即启动，汽车开始做匀减速直线运动，恰好在羚羊通过道路前1m处停车。
汽车开始“主动刹车”后第4s内通过的位移大小为（）A．0B．1m C．2m D．3m4．（2023·福建龙岩·统考二模）一倾角为θ的斜面体C始终静止在水平地面上，斜面光滑，底面粗糙，如图所示。
轻质弹簧两端分别与质量相等的A、B两球连接。
B球靠在挡板上，系统处于静止状态。
重力加速度大小为g。
当撒去挡板瞬间，下列说法正确的是（）A．球A的瞬时加速度沿斜面向下，大小为gsinθB．球B的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsinθC．地面对斜面体C的支持力等于球A、B和C的重力之和D．地面对斜面体C的摩擦力方向水平向右5．（2023·安徽·统考二模）水平桌面上放置一质量为m的木块，木块与桌面间的动摩擦因数恒定，用一水平恒力F拉木块，木块在水平桌面上做匀速直线运动；若将此力方向改为与水平方向成74°角斜向上拉木块（F 大小不变），木块仍在水平桌面上做匀速直线运动。
那么当用2F的水平恒力拉木块，此时木块的加速度为（已知当地的重力加速度为g，sin74°=0.96,cos74°=0.28）（）A．34g B．38g C．316g D．332g6．（2023·河南·统考二模）某国产电动汽车正在进行性能测试。
若该汽车刹车后做匀减速直线运动，第1s内通过的距离为16m，最后1s内通过的距离为4m，则汽车开始刹车时的速度大小为（）A．15m/s B．20m/s C．25m/s D．30m/s7．（2023·上海普陀·统考二模）如图，起重机用钢索在竖直方向上吊装重物，在重物减速下降的过程中（不计钢索的重力），钢索对重物的作用力（）A．小于重物对钢索的作用力B．小于重物的重力C．大于重物对钢索的作用力D．大于重物的重力8．（2023·四川宜宾·宜宾市叙州区第一中学校校考二模）如图，表面粗糙的斜面固定在水平地面上，第一次，滑块从斜面顶端由静止释放，滑块沿斜面向下匀加速运动，加速度大小为a1；第二次，滑块从斜面顶端由静止释放的同时，施加竖直向下、大小为F的恒定外力作用于滑块，加速度大小为a2。
则（）A．a2=0B．0<a≥a1C．a2=a1D．a2≥a19．（2023·福建龙岩·统考二模）歼-20是我国自主研制的新一代隐身战斗机，具有隐身好、机动性强、战斗力蹬等蔽。
在某次模拟演习中，歼-20巡航时发现前方4km处有一敌机正在匀速飞行。
歼-20立即加速追击，在追击的过程中两飞机的v-t图像如图所示。
下面说法正确的是（）A．t＝14s时，歼-20追上敌机B．0~14s时间内，歼-20与敌机的距离先减小后增大C．在追上敌机前，歼-20与敌机的最大距离为4.9kmD．在追击的过程中，歼-20的最大速度为700m/s10．（2023·湖南张家界·统考二模）用手掌托着智能手机，打开加速度传感器，手掌从静止开始迅速上下运动，得到如图所示的竖直方向上加速度随时间变化的图像，该图像以竖直向上为正方向，取重力加速度g= 10m/s2。
由此可判断出（）A．手机一直未离开过手掌B．手机在t1时刻运动到最高点C．手机在t2时刻改变运动方向D．手机在t1∼t3间内，受到的支持力一直减小11．（2023·四川成都·石室中学校考二模）如图所示，将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是小球向上运动时的频闪照片，图乙是小球下落的频闪照片。
O点是运动的最高点，甲乙两次闪光频率相等，重力加速度为g，假设小球所受的阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为（）A．mg B．12mg C．15mg D．110mg12．（2023·浙江·绍兴一中校联考二模）9月10日，由航空工业自主研制的第二架大型灭火水上救援水陆两栖飞机AG600M“鲲龙”在广东珠海金湾机场完成了首次飞行试验，某次在平直跑道上滑行时，飞机的速度—时间图像如图所示，若减速过程的加速度大小为5m/s2，则（）A．“鲲龙”匀速滑行的位移为1120米B．由题目所给的条件无法算出t3的数值C．“鲲龙”在整个滑行过程中的平均速度大小为70m/sD．“鲲龙”匀加速滑行时和匀减速滑行的加速度大小相等13．（2023·四川·统考二模）物块P以速度v0沿足够长的静止的倾斜传送带匀速下滑，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
某时刻传送带突然以恒定速率v1沿图示逆时针方向运行，则从该时刻起，物块P的速度v 随时间t变化的图像可能是（）A．B．C．D．14．（2023·浙江温州·统考二模）“福建舰”是中国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板。
假设某战斗机在跑道上加速时加速度大小为10m/s2，弹射系统向战斗机提供初速度大小为30m/s，当战斗机速度达到60m/s时能离开航空母舰起飞，战斗机在跑道上运动可视为匀加速直线运动。
下列说法正确的是（）A．航空母舰静止，战斗机需在甲板上滑行6s起飞B．航空母舰静止，战斗机需在甲板上滑行135m起飞C．若航空母舰沿战斗机起飞方向航行，战斗机需相对甲板滑行135m起飞D．战斗机在航空母舰上加速运动过程，航空母舰可以看成质点15．（2023·上海浦东新·统考二模）图为小球沿竖直方向运动的频闪照片，则小球（）A．一定做自由落体运动B．一定做竖直上抛运动C．加速度方向一定向下D．加速度方向一定向上16．（2023·湖北·荆门市龙泉中学校联考二模）2023年1月，百度与武汉市政府签署合作协议，开启规模化无人驾驶商业运营服务。
无人驾驶汽车从发现紧急情况到开始刹车的时间为反应时间。
某无人汽车以30m/s 的速度在干燥路面从发现紧急情况到刹车停下来要运动96m，若以20m/s的速度在某湿润路面从发现紧急情况到刹车停下来要运动104m。
湿润路面的摩擦阻力为干燥路面的0.4倍，g=10m/s2，无人驾驶汽车的反应时间为（）A．0.1s B．0.15s C．0.2s D．0.25s17．（2023·上海杨浦·统考二模）如图，A、B两物体上下叠放在一起沿竖直方向运动，其速度随时间均匀变化，则（）A．A、B间相互作用力可能为零B．A、B间相互作用力一定为零C．A、B间相互作用力可能在水平方向D．A、B间相互作用力一定在水平方向18．（2023·云南·统考二模）水平路面上有一货车运载着5个相同的、质量均为m的光滑均质圆柱形工件，其中4个恰好占据车厢底部，另有一个工件D置于工件A、B之间（如图所示），重力加速度为g。
汽车以某一加速度向左运动时，工件A与D之间恰好没有作用力，此时工件C与B间的作用力大小为（）A．2√33mg B．√33mg C．√3mg D．2√3mg19．（2023·云南·统考二模）如图所示，一同学在擦黑板的过程中，对质量为m的黑板擦施加一个与竖直黑板面成θ角斜向上的力F，使黑板擦以速度v竖直向上做匀速直线运动。
重力加速度大小为g，不计空气阻力，则（）A．黑板擦与黑板之间的动摩擦因数为mgFsinθB．黑板对黑板擦的作用力大小为√(mg)2+(Fsinθ)2C．若突然松开手，松手瞬间黑板擦的加速度大小为FcosθmD．若突然松开手，松手后黑板擦能上升的最大高度为v22g20．（2023·安徽·统考二模）热气球总质量为300kg，从地面静止释放，刚开始竖直上升时的加速度大小为0.5m/s2，当热气球上升到某高度时，以5m/s的速度向上匀速运动，若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，空气阻力与速率成正比F f=kv知，重力加速度g=10m/s2，关于热气球，下列说法正确的是（）A．热气球所受浮力大小为3000NB．空气阻力与速度关系中比例系数k=30kg/sC．从地面开始上升10s时的速度大小为5m/sD．热气球加速上升过程的平均速度为2.5m/s21．（2023·江西·统考二模）甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的v−t图像如图所示。
下列判断不正确的是（）A．乙车启动时，甲车在其前方50m处B．乙车超过甲车后，两车有可能第二次相遇C．乙车启动15s后正好追上甲车D．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75m二、多选题22．（2023·陕西·统考二模）汽车A在红绿灯前停住，绿灯亮起时启动，以0.4m/s2的加速度做匀加速直线运动，30s后以该时刻的速度做匀速直线运动，设在绿灯亮的同时，汽车B以8m/s的速度从A车旁边驶过，且一直以此速度做匀速直线运动，运动方向与A车相同，则从绿灯亮时开始（）A．A车在加速过程中与B车相遇B．两车相遇时通过的位移大小为360mC．A、B两车相遇时速度相同D．A车追上B车后，两车不可能再次相遇23．（2023·福建厦门·统考二模）如图所示，小明从羽毛球筒中取出最后一个羽毛球时，一手拿着球，另一只手迅速拍打筒的上端边缘，使筒获得向下的初速度并与手发生相对运动，筒内的羽毛球就可以从上端出来。
已知球筒质量为M＝90g（不含球的质量），球筒与手之间的滑动摩擦力为f1＝2.6N，羽毛球质量为m ＝5g，球头离筒的上端距离为d＝9.0cm，球与筒之间的滑动摩擦力为f2＝0.1N，重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽略不计，当球筒获得一个初速度后（）A．羽毛球的加速度大小为10m/s2B．羽毛球的加速度大小为30m/s2m/sC．若羽毛球头部能从上端筒口出来，则筒获得的初速度至少为3√55D．若羽毛球头部能从上端筒口出来，则筒获得的初速度至少为3m/s24．（2023·四川·统考二模）如图，某人斜拉着跨过光滑定滑轮的细绳提升重物，重物竖直上升依次经历了匀加速、匀速、匀减速三个过程。