自主招生试题
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1、证明:任意给定一个四面体,则至少存在一个顶点,使得过该顶点的三条棱可以构成一个三角形。
反证法:
作图任意四面体ABCD,设任意顶点A的三条棱AB,AC,AD不能构成三角形,则AB+AC<AD,AB-AC>AD,而在四面体中△ABC是已有的,则AB+AC>BC,AB-AC<BC,与前面AB+AC<AD,AB-AC>AD综合,得出BC>AD,同时BC <AD,出现矛盾,故至少存在一个顶点,使得过该顶点的三条棱可以构成一个三角形。
2.证明:以原点为对称中心、面积大于4的矩形至少覆盖除原点外的另外两个格点。
反证法:
假设面积大于4的矩形不覆盖原点外任何格点,则矩形面积范围在(1,1),(1,-1),(-1,-1),(-1,1),(1,0),(0,-1),(-1,0),(0,1)这8个点范围内,不满足面积大于4,如果只是覆盖这其中一点,则与“以原点为对称中心”矛盾,故原命题成立。
3、一圆的内接四边形的边长分别为1,2,3,4,求圆的半径。
四边形ABCD,AB=1,BC=2,CD=3,DA=4
连接AC
余弦定理得:3^2+4^2-24cosADC=1^2+2^2-4cosABC=AC
诱导公式得:cosABC=-cosADC
正弦定理得:2R=AC/sinADC
接下来交给你了
三个方程配合正余弦关系求解即可(连接BD思路相同,自己选运算简单的方法)
设:边长分别为2、3的边的夹角=a 则:边长分别为1、4的边的夹角=180度-a
2^2+3^2-2*2*3*cosa=1^2+4^2-2*4*cos(180度-a) (余弦定理)
cosa=-1/5 sina=(1-(1/5)^2)^(1/2)=(2/5)(根号6)
对角线:(2^2+3^2-2*2*3*cosa)^(1/2)=(77/5)^(1/2) (余弦定理)
外接圆半径R=(77/5)^(1/2)/(2sina)=(5/120)(根号2310) (正弦定理)
4、已知一个六边形AB1CA1BC1,AB1=AC1,CB1=CA1,BA1=BC1,∠A+∠B+∠C=
∠A1+∠B1+∠C1。证明:三角形ABC面积为六边形的一半。
由于六边形内角和为720度,所以∠A+∠B+∠C=∠A1+∠B1+∠C1=360度,所以一定有点M,使C1M=CA1=CB1,∠AC1M=∠B1,∠BC1M=∠A1.
不难证明:△AC1M≌△AB1C,△BC1M≌△BA1C,
又△ABC≌△ABM.
△ABC面积为六边形的一半。
5、1、数列{a n},S n=na+n(n-1)
(1)求{a n}是等差数列;
(2)求(a n,S n/n)所在直线方程;
2、12名职员(其中3名为男性)被平均分配到3个部门
(1)求此3名男性被分别分到不同部门的概率;
(2)求此3名男性被分到同一部门的概率;
(3)若有一男性被分到指定部门,求其他2人被分到其他不同部门的概率。
3、一元三次函数三次项数a/3,f’(x)+9x﹤0解集为(1,2)
(1)求若f’(x)+7a=0,求f’(x)解析式;
(2)f(x)在R上单调增,求a的范围。
4、︱PM︳-︳PN∣=2√2,M(-2,0),N(2,0),求P的轨迹W;直线y=K(X-2)与W交于A、B,
求S▲OAB(0为原点)
(X1+X2+X3+……+X n)/n
5、a=(n∈N)
S n=(X1-a)(X2-a)+(X2-a)(X3-a)……+(X n-a)(X n-1-a)
(1)证S3≤0
(2)求S4最值,此时X1、、X2、X3、X4满足的条件
(3)若S5<0时X1、、X2、X3、X4、X5不符合时的条件
数学题共5道大题,文科生做前4道,理科生做后4道,每道题25分。涉及解析、几何、数列等,其中有一道题同时考到了数列和三角函数。“考得很‘活’
1.AB为正五边形边上的点,证明:AB最长为(根5+1)/2(25分)
2.AB为y=1-x^2上在y轴两侧的点,求过AB的切线与x轴围成面积的最小值。(25分)
3.向量OA与OB已知夹角,|OA|=1,|OB|=2,OP=tOA,OQ=(1-t)OB,|PQ|在t0是取得最小值,问当0 4.存不存在0 1.f是定义在R上的函数,M={x|f(x)=x},N={x|f(f(x))=x}. (1)求证:M属于N (2)若f在R上单调增加,是否有M=N?并说明理由。这道还好,2用反证 2.已知sin(x+20°)=cos(x+10°)+cos(x-10°),求tanx. 一般般 3.抛物线方程y=sqr(x),作了n个正三角形,求第n个三角形的边长。 4.甲乙两人抛掷一枚质地均匀的硬币,先抛的正面的获胜。上一场失败的下一场先抛,问:(1)先抛者获胜的概率. 取极限就行了 (2)若第一场甲先抛,则第n场甲胜的概率是多少. 5具体忘了,反正用柯西不等式 6一道带图的题,我不太会……