作业 2 平面力系

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理论力学平面力系2

理论力学平面力系2
§2-4 平面任意力系的平衡条件与平衡方程
由于 F’R=0 为力平衡 MO=0 为力偶也平衡
所以平面任意力系平衡的充要条件为: 力系的主矢R’ 和主矩 MO 都等于零,即:
′ FR = (∑ Fix ) 2 + (∑ Fiy ) 2 = 0
M O = ∑ M O (Fi ) = 0
48
∑F ∑F
ix
一矩式
O
A
( Fi ) = 0
二矩式
实质上是各力在x 轴上的投影恒 等于零,即
B
( Fi ) = 0
∑F
ix
= 0 恒成立,
所以只有两个独立方程,只能求 解两个独立的未知数。
条件:AB连线不能平行 于力的作用线
52
[例] 已知:P=20kN, m=16kN·m, q=20kN/m, a=0.8m 求:A、B的支反力。 解:研究AB梁
M F
45o
q
A l
B
56
解:
1. 取梁为研究对象,受力分析如图
M F
45o
2. 列平衡方程
∑ Fx = 0,
FAx − F cos 45o = 0
q
A l
B
∑ M (F ) = 0
A
∑ Fy = 0,
FAy − ql − F sin 45o = 0
y
q FAx
A
M
45o
l M A − ql × − F cos 45 o × l + M = 0 2 3. 解方程 FAx = F cos 45o = 0.707 F F
F A
F B
66
刚架 ABCD 所受载荷和尺寸如图所示。其中,集中力 F=8 kN , 均布载荷的集度 q = 100 N/m,力偶矩大小M = 4 kN•m。如果不 计刚架的重量,求固定铰链支座A 和活动铰链支座D对刚架的约 束力。 θ = 60 o

理论力学作业二

理论力学作业二

平面汇交力系与平面力偶系作业1.四力作用于一点,其方向如图所示。

已知各力的大小为:F1=50N,F2=80N,F3=60N,F4=100N。

求力系的合力。

2.一均质球重P=1000N,放在两个相交的光滑斜面之间如图示。

如斜面AB的倾角ϕ =45º,而斜面BC的倾角θ =60º。

求两斜面的约束力F D和F E的大小。

3.以吊斗运物过河,吊斗系用小车C挂在钢丝绳AB上,如图所示。

如欲将小车拉向左岸,则利用一跨过滑车A而绕在绞盘D上的绳索C AD;如欲将小车拉向右岸,则可利用一跨过滑车B而绕在铰盘E上的绳索C BE。

A、B两点在同一水平线上,距离AB=100m,钢索ACB长102m,吊斗重5kN。

如略去钢索和绳子的重量以及小车C沿钢索的摩擦,求当AC=20m时绳子C AD和钢索A C B的张力。

4.均质杆AB长l,置于销子C与铅垂面间,如图所示。

不计摩擦力,求平衡时杆与铅垂线间的夹角θ。

5.三个相同的光滑圆柱放置如图示,求圆柱不至于倒塌时θ 角的最小值。

6.杆AB以铰链A及弯杆BC支持,杆AB上作用一力偶,其力偶矩大小为M,顺时针转向,如图所示。

所有杆件的重量不计,求铰链A与C的约束力。

7.图示机构中杆AB 上有一导槽,套在CD 杆的销子E 上,在AB 和CD 杆上各有一力偶作用,如图所示。

己知M 1=1000N ·m ,不计杆重及摩擦。

求机构在图示位置平衡时力偶矩M 2的大小。

8.水平杆AB 由铰链A 与连杆CD 支持于铅垂转轴EF 上,在AB 杆的一端作用有一力偶(F ,F ′)其矩的大小为M 。

设所有杆件的重量不计,求CD 杆的内力及轴承E 与F 处的约束力。

项目二 平面力系 任务二 力矩与力偶

项目二 平面力系  任务二 力矩与力偶
• 设在一物体的同一平面内有两个力偶,(Fl, F'1)和(F2,F'2),力偶臂分别为d1和d2,力偶 矩分别为M1和M2,如图2-15a所示。于是有
• M1=F1d1,M2=F2 d2
• 现求其合成结果。在力偶作用面内任取一线段AB=d, 根据力偶的等效性推论,在不改变力偶矩M1和M2的条 件下,将它们的力偶臂都改为d,于是得到与原力偶等 效的两个力偶。(Fpl,F'p1)和(Fp2,F'p2),FP1和 FP2的大小可由下列等式算出:
• 所以 F= M/2AC= 2.5/0.3kN= 8.33kN
§2–6 力偶及其性质
一、 力偶和力偶矩
1、力偶——大小相等的二反向平行力。
d
⑴、作用效果:引起物体的转动。 F2
F1
⑵、力和力偶是静力学的二基本要素
力。偶特性一:
力偶中的二个力,既不平衡,也不可能合成为 一个力。 力偶特性二:
力偶只能用力偶来代替(即只能和另一力偶 等效),因而也只能与力偶平衡。
图2-15
• 通常把O点称为矩心,把h称为力臂,把力的大小与 力臂的乘积称为力对矩心的矩,简称力矩,用它来衡 量力F使物体绕矩心转动的效应。力矩用符号mO(F)表 示。
• 人为约定:使物体产生逆时针转动(或转动趋势)的力 矩为正(图2-17(a));使物体产生顺时针转动(或转动趋 势)的力矩为负(图2-17(b))。在平面问题中力对点的 矩可表示为
量纲:力×长度,牛顿•米(N•m).
§2–6 力偶及其性质
二、力偶的等效条件 1. 同一平面上力偶的等效条件
作用在刚体内同一平面上的两个力偶相互等 效的充要条件是二者的力偶矩代数值相等。
因此,以后可用力偶的转向箭头来代替力偶。

第2章 平面力系-平面力对点之矩及平面力偶

第2章 平面力系-平面力对点之矩及平面力偶


MO(F) F d
O点为力矩的中心,称为矩心; d 为O点到力F 作用线的垂直
距离,称为力臂。 力矩的正负号:力使物体绕逆时针方向转动时为正,反
之为负。
应注意: 在平面问题中,力对点之矩只取决于力矩的大小及其旋 转方向(力矩的正负),因此它是一个代数量。
力矩的单位: 国际制 N·m,kN·m 工程制 公斤力米(kgf·m)
偶矩的代数和等于零,即 ∑Mi=0
利用这个平衡条件,可以求解一个未知量。
例题
两力偶作用在板上,尺寸如图,已知 F1 = F2=1.5 kN , F3
=F4 = 1 kN, 求作用在板上的合力偶矩。
F 1 180mm
解:由式
F2
M = M1 + M2
F4

M =-F1 ·0.18 –F3 ·0.08
FBA
B
A
FAB
M1
FO
O
M2 D
FD
M1 - FABrcosq 0 - M 2 2FBArcosq 0
因为 FAB FBA
所以求得 M 2 2M1
思考题1 一力偶(F1,F1′)作用在Oxy平面内,另一力偶(F2 ,F2′)作用在
Oyz平面内,它们的力偶矩大小相等(如图)。试问此两力偶是否 等效,为什么?
F1
d1
F2 d2
F1′
=
F2′
M1 F1 d1 , M 2 -F2 d2
F22 d F11
F11′
=
F22′
d
FR
FR′
M1 F11 d , M 2 -F22 d
FR F11 - F22 , FR F11 - F22

第二章 平面力系

第二章 平面力系
第二章
平面力系
§2-1 一般概念
一.力系分类
平面力系(汇交力系、平行力系、一般力系) 空间力系
二.工程实例 在工程地质和工程建筑物中,常遇到
的一些平面力系问题,如:
铁路绗架、水坝、坝基 空间问题一般简化为平面问题处理
W1
W2
1m
§2-2 平面汇交力系的合成与分解
一、二力合成 1、几何法:已知作用在物体上的两个力,F1、F2 ,它们
5.力偶在任意坐标轴上的投影恒等于零.
§2-6 平面力系的合成
一、力的平移定理 作用在物体上的力可以平移到任意点,但必须附加上
一力偶,其矩大小等于此力对新作用点之矩。
M B M B (F ) F d (2 - 10)
二、平面任意力系向已知点简化(如下图)
1、简化方法:
2、简化结果:
主矢 FR Fi 主矩 M O M O (F i) (2 - 11)
P 2 10m
BT T
W1 R
N W2
T
P2
解:可以用解析法和图解法解此题 答案:T=7500KN,N=21500KN
§2-8 平面一般力系平衡条件和方程式
一、平面任意力系的平衡条件(充要条件)
R0, M00 二、平面任意力系平衡方程式 主矢
必有 主矩
R ( F x)2( F y)20
Fx 0
主矢与简化中心无关,主矩与简化中心有关
三、平面任意力系的合成
1、力和力偶合成一个力 2、合力矩定理:
平面力系的合力,对该平面任一点之矩,等于各分力 对同一点之矩的代数和。
n
M0 R m0(Fi) i1
3、简化结果分析,四种情况有三种结果
§2-7 重心

哈工大理论力学 I 第8版_02_平面力系

哈工大理论力学 I 第8版_02_平面力系

12
三.力偶和力偶矩 1.力偶
由两个等值、反向、不共线的(平行)力组
成的力系称为力偶,记作 F , F
13
2.力偶矩 力偶中两力所在平面称为力偶作用面 力偶两力之间的垂直距离称为力偶臂 两个要素 a.大小:力与力偶臂乘积 b.方向:转动方向 力偶矩
M F d 2ABC


F n F n M n M O ( F n )
F R F i F i

M O M i M O ( Fi )
主矢 F R Fi

主矩 M O M O (Fi )
主矢与简化中心无关,而主矩一般与简化中心有关.
F R x ' F ix ' F ix F x
18
=
=
=
=
4.力偶没有合力,力偶只能由力偶来平衡.
19
五.平面力偶系的合成和平衡条件
已知:M 1 , M 2 , M n ;
任选一段距离d
M1 d

F1
M 1 F1d
M2 d

F2
M 2 F2d
Mn d
Fn
M n Fnd
=
=
20
FR F1 F2 Fn
FR F1 F2 Fn
第二章 平面力系
1
§2-1பைடு நூலகம்平面汇交力系
一.多个汇交力的合成
力多边形规则
2
FR1 F1 F2
3
FR2 FR1 F3 Fi i 1
n
FR Fi Fi i 1
力多边形 力多边形规则
3
二.平面汇交力系平衡的几何条件

知识点2:平面力系

知识点2:平面力系

知识点2:平面力系一、平面汇交力系的合成与平衡的几何法(1)平面汇交力系的合成用力多边形法则,合力的大小和方向由力多边形的封闭边来表示,其作用线通过各力的汇交点,即合力等于力系中各力的矢量和,即∑=+++=F F F F F n R 21(2)平面汇交力系的平衡平面汇交力系平衡的必要和充分的几何条件是力多边形自行封闭。

即0==∑F F R二、平面汇交力系的合成与平衡的解析法1.力在坐标轴上的投影力在坐标轴上的投影等于力的模乘以力与投影轴正向间夹角的余弦,如图2-1所示,它是一标量,即θcos F F x =; θβs i n c o s F F y == (2-1)图2-1 图2-22.力沿坐标轴的分解力沿坐标轴的分力是一矢量,其合力与分力之间应满足力的平行四边形公理。

如图2-2所示。

力沿坐标轴分解的分力的大小为xyxyx)sin(sin βθβ+=F F x ; )s i n (s i nβθθ+=F F y(2-2)由此可见,在一般情况下,力沿坐标轴分解的分力的大小不等于力在坐标轴上投影的大小。

当2πβθ=+时,在同一坐标上分力的大小和投影相等,如图2-3所示。

(a )(b )图2-33.合力投影定理合力在某轴上的投影等于各分力在同一轴上投影的代数和,即∑=x Rx F F ; ∑=y Ry F F(2-3)当投影轴x 与y 垂直时,其合力的大小与方向为22RyRx R F F F +=,R RxR F F =),cos(i F ,RRy R F F =),cos(j F (2-4)4.平面汇交力系的合成当两坐标轴间的夹角为2π时有2222)()(∑∑+=+=y x Ry Rx R F F F F F(2-5)RxR F F∑=),cos(i F ,RyR F F∑=),cos(j F5.平面汇交力系的平衡 由几何法知0=R F代入前面的代数表达式有0)()(2222=+=+=∑∑y x Ry Rx R F F F F Fx F y即0=∑xF;0=∑yF(2-6)平面汇交力系平衡的解析条件是力系中各力在两个坐标轴中每一轴上的投影的代数和均等于零。

《工程力学》第2次作业解答(平面力系)

《工程力学》第2次作业解答(平面力系)

《工程力学》第2次作业解答(平面力系)2008-2009学年第2学期一、填空题1.合力在某坐标轴上的投影,等于其各分力在 同一轴 上投影的 代数 和。

2.画力多边形时,各分力矢量 首尾 相接,而合力矢量是从第一个分力矢量的 起点 指向最后一个分力矢量的 终点 。

3.如果平面汇交力系的合力为零,则物体在该力系作用下一定处于 平衡 状态。

4.平面汇交力系平衡时,力系中所有各力在两垂直坐标轴上投影的代数和分别等于零。

5.平面力系包括平面汇交力系、平面平行力系、平面任意力系和平面力偶系等类型。

6.力矩是力使物体绕定点转动效应的度量,它等于力的大小与力臂的乘积,其常用单位为N m ⋅或kN m ⋅。

7.力矩使物体绕定点转动的效果取决于力的大小和力臂长度两个方面。

8.力矩等于零的条件是力的大小为零或者力臂为零(即力的作用线通过矩心)。

9.力偶不能合成为一个力,力偶向任何坐标轴投影的结果均为零。

10.力偶对其作用内任一点的矩恒等于力偶矩与矩心位置无关。

11.同平面内几个力偶可以合成为一个合力偶,合力偶矩等于各分力偶矩的代数和。

12.力偶是由大小相等、方向相反、作用线不重合的两个平行力组成的特殊力系。

13.力偶没有 合力,也不能用一个力来平衡,力偶矩是转动效应的唯一度量;14.力偶对物体的作用效应取决于力偶矩的大小、力偶的转向和作用面三个要素。

15.平面任意力系向作用面内任一点简化的结果是一个力和一个力偶。

这个力称为原力系的主矢,它作用在简化中心,且等于原力系中各力的矢量合;这个力偶称为原力系对简化中心的主矩,它等于原力系中各力对简化中心的力矩的代数和。

17.平面任意力系的平衡条件是:力系的主矢和力系对任何一点的主矩分别等于零;应用平面任意力系的平衡方程,选择一个研究对象最多可以求解三个未知量。

二、选择题1.力使物体绕定点转动的效果用( A )来度量。

A .力矩;B .力偶矩;C .力的大小和方向;D .力对轴之矩。

理论力学第二章静力学作业

理论力学第二章静力学作业

1、图示平面力系,已知:F1=8kN,F2=3kN,M=10kN·m,R=2m,θ=120º。

试求:(1)力系向O点简化的结果;(2)力系的最后简化结果,并示于图上。

2、结构如图,自重不计,已知:F P=4kN,AD=DB,DE段绳处于水平。

试求:A、B处的约束力。

3、图示多跨梁,自重不计。

已知:M、F P、q、L。

试求支座A、B的约束反力及销钉C 对AC梁的作用力。

kN⋅,F =2kN 4、图示多跨梁由AC和CD铰接而成,自重不计。

已知:q =10kN/m,M=40m作用在AB中点,且θ=450,L=2m。

试求支座A、B、D的约束力。

5、图式机构,AB=BC,BD=BE,不计各杆自重,D、E两点用原长为L=0.5m,弹簧常数k=1/6(kN/m)的弹簧连接,设在B处作用一水平力F,已知:F=20N,L1=0.4m,L2=0.6m。

求机构处于平衡时杆AB 与水平面的夹角θ。

6、在图所示机构中,曲柄OA 上作用一力偶,其力偶矩大小为M ,另在滑块D 上作用水平F ,机构尺寸如图所示,各秆重量不计。

求当机构平衡时,力F 与力偶短M 的关系。

7、在如图所示物块中,已知斜面的倾角为θ,接触面间的摩擦角为ϕ f 。

试问:(1)拉力F r 与水平面间的夹角β 等于多大时拉动物块最省力; (2)此时所需拉力F r 的大小为多少?8、两长度相同的均质杆AB ,CD 的重力大小分别为P = 100 N ,P 1 = 200 N ,在点B 用铰链连接,如图所示。

杆BC 的C 点与水平面之间的静滑动摩擦因数f s = 0.3。

已知:θ = 60º,试问:(1)系统能否平衡?并加以证明。

(2)若系统能够平衡,求C 点摩擦力的大小和方向。

第二章 平面力系

第二章 平面力系

FR F1 F2 Fn Fi
i 1
n
力FR对刚体的作用与原力系对该刚体的作用等效。所以 称此力为汇交力系的合力。
如力系中各力作用线均沿同一直线,则此力系为共线力系, 它是平面汇交力系的特殊情况。显然力系的合力大小和方向 取决于各分力的代数和,即 n
FR Fi
i 1
24
静力学
例题 1-5
平面力系
合力的大小:
2 Rx 2 Ry
FR F F 171.3 N
合力与轴x,y夹角的方向余弦为:
FRx cos( FR , i ) 0.754 FR
F2
y
F1
60
O
45
30
cos( FR , j )
FRy FR
45
x
F4
0.656
F3
平面力系
Fx Fx1 Fx 2 Fxn Fxi i 1 n Fy Fy1 Fy 2 Fyn Fyi i 1
n
合力矢FR的大小和方向余弦为
FR Fx2 Fy2 ( Fxi ) 2 ( Fyi ) 2
B
D
钢丝绳的另一端绕在铰车D上。 杆AB与BC铰接,并以铰链A,C 与墙连接。如两杆与滑轮的自重
4 .由力三角形图c可得:
I
F
q
FD

J
K
FB
(c)
sin 180 q FB F 750 N sin
11
静力学
例题 1-2
平面力系
水平梁AB中点C作用着力F,其大小等于2 kN,方向与梁
的轴线成60º 角,支承情况如图a 所示,试求固定铰链支座A和活动铰链支座B的约束源自。梁的自重不计。3,

建筑力学作业题参考答案(1-5套)

建筑力学作业题参考答案(1-5套)

东北农业大学网络教育学院 建筑力学作业题参考答案作业题一参考答案一、单项选择题(将正确答案字母序号填入括号里,每小题1分,共5分)1、平面力系向点1简化时,主矢F R =0,主矩M 1≠0,如将该力系向另一点2简化,则(B )。

A :F R ≠0,M 2≠0; B :F R =0,M 2≠M 1; C :F R =0,M 2=M 1; D :F R ≠0,M 2=M 1。

2. 大小相等的四个力,作用在同一平面上且力的作用线交于一点C ,试比较四个力对平面上点O 的力矩,哪个力对O 点之矩最大( B ) A .力P 1B .力P 2C .力P 3D .力P 43. 两端铰支的等直压杆,其横截面如图所示。

试问压杆失稳时,压杆将绕横截面上哪一根轴转动?(B )A. Z 轴B. Y 轴C. Z 1轴D. Y 1轴4. 如图所示矩形截面,判断与形心轴z 平行的各轴中,截面对哪根轴的惯性距最小以下结论哪个正确?( D )A. 截面对Z 1 轴的惯性矩最小B. 截面对Z 2 轴的惯性矩最小C. 截面对与Z 轴距离最远的轴之惯性矩最小D. 截面对Z 轴惯性矩最小5. 指出以下应力分布图中哪些是正确的( D )P 3A. 图(a)(b) 正确B. 图(b)(c) 正确C. 图(c)(d) 正确D. 图(b) (d) 正确二、判断题(每小题1分,共5分)1. 作用在一个物体上有三个力,当这三个力的作用线汇交于一点时,此力系必然平衡。

( × )2. 一空间力系,若各力作用线平行某一固定平面,则其独立的平衡方程只有3个。

( × )3. 压缩与弯曲的组合变形,在进行强度计算时,如考虑附加弯矩的影响,结果是偏于安全的。

( √)4. 下图为几何不变体系且无多余约束。

(× )5. 矩形截面梁受横向力作用而弯曲时,其横截面上最大剪应力的大小是平均剪应力的3倍。

( ×)三、填空题(每空1分;共15分。

《工程力学》第2次作业解答(平面力系).

《工程力学》第2次作业解答(平面力系).

《工程力学》第2次作业解答(平面力系)2008-2009学年第2学期一、填空题1.合力在某坐标轴上的投影,等于其各分力在 同一轴 上投影的 代数 和。

2.画力多边形时,各分力矢量 首尾 相接,而合力矢量是从第一个分力矢量的 起点 指向最后一个分力矢量的 终点 。

3.如果平面汇交力系的合力为零,则物体在该力系作用下一定处于 平衡 状态。

4.平面汇交力系平衡时,力系中所有各力在两垂直坐标轴上投影的代数和分别等于零。

5.平面力系包括平面汇交力系、平面平行力系、平面任意力系和平面力偶系等类型。

6.力矩是力使物体绕定点转动效应的度量,它等于力的大小与力臂的乘积,其常用单位为N m ⋅或kN m ⋅。

7.力矩使物体绕定点转动的效果取决于力的大小和力臂长度两个方面。

8.力矩等于零的条件是力的大小为零或者力臂为零(即力的作用线通过矩心)。

9.力偶不能合成为一个力,力偶向任何坐标轴投影的结果均为零。

10.力偶对其作用内任一点的矩恒等于力偶矩与矩心位置无关。

11.同平面内几个力偶可以合成为一个合力偶,合力偶矩等于各分力偶矩的代数和。

12.力偶是由大小相等、方向相反、作用线不重合的两个平行力组成的特殊力系。

13.力偶没有 合力,也不能用一个力来平衡,力偶矩是转动效应的唯一度量;14.力偶对物体的作用效应取决于力偶矩的大小、力偶的转向和作用面三个要素。

15.平面任意力系向作用面内任一点简化的结果是一个力和一个力偶。

这个力称为原力系的主矢,它作用在简化中心,且等于原力系中各力的矢量合;这个力偶称为原力系对简化中心的主矩,它等于原力系中各力对简化中心的力矩的代数和。

17.平面任意力系的平衡条件是:力系的主矢和力系对任何一点的主矩分别等于零;应用平面任意力系的平衡方程,选择一个研究对象最多可以求解三个未知量。

二、选择题1.力使物体绕定点转动的效果用( A )来度量。

A .力矩;B .力偶矩;C .力的大小和方向;D .力对轴之矩。

思考题 2 平面力系

思考题 2 平面力系

思 考 题2-1 输电线跨度l 相同时,电线下垂量h 越小,电线越易于拉断,为什么?【答案】设P 为电线的重量,θ为电线端部受力与水平方向的夹角,则电线端部受到的拉力为2sin P F θ=,sin /2h l θ=,由式可知,h 越小,sin θ越小,F 越大。

2-2 图示三种结构,构件自重不计,忽略摩擦,60θ°=。

如B 处都作用有相同的水平力F ,问铰链A 处的约束力是否相同。

请作图表示其大小与方向。

【答案】不相同。

2-3 图示各图中,力或力偶对点A 的矩都相等,它们引起支座约束力是否相同?【答案】不相同。

图(a ):2A B F F F ==,方向如图。

图(b ):A B F F F ==,方向如图。

图(c ):2A B F F ==,方向如图。

【考核点】:力偶只能与力偶平衡。

2-4 【答案】 图(a )中与力偶平衡的不是N F ,而是螺纹与螺杆间的摩擦力;图(b )中与力偶M 平衡的也不是力F ,而是力F 对点O 的矩。

2-5 某平面力系向A ,B 两点简化的主矩皆为零,此力系简化的最终结果可能是一个力吗?可能是一个力偶吗?可能平衡吗?【答案】由某平面力系向A ,B 两点简化的主矩皆为零可知,其主矢通过A 、B 两点的连线,因而可能是一个力,不可能是一个力偶,也可能平衡(主矩同时为零时)。

2-6 平面汇交力系向汇交点以外一点简化,其结果可能是一个力吗?可能是一个力偶吗?可能是一个力和一个力偶吗?【答案】可能是一个力(简化中心取过合力作用线上一点);不可能是一个力偶;可能是一个力和一个力偶(简化中心不在合力作用线上时都是这个结果。

)2-7 某平面力系向同平面内任一点简化的结果都相同,此力系简化的最终结果可能是什么?【答案】可能是一个力偶或平衡。

2-8 某平面力系向点A 简化得到一个力RA ′F (R 0A F ′≠)及一个矩为A M (0A M ≠)的力偶,B 为平面内另一点,问:(1) 向B 点简化仅得一个力偶,是否可能?(2) 向B 点简化仅得一个力,是否可能?(3) 向B 点简化得RR A B ′′=F F ,A B M M ≠,是否可能? (4) 向B 点简化得RR A B ′′=F F ,A B M M =,是否可能? (5) 向B 点简化得RR A B ′′≠F F ,A B M M =,是否可能? (6) 向B 点简化得RR A B ′′≠F F ,A B M M ≠,是否可能? 【答案】(1)不可能,力+力偶只可能等效为一个力,不可能为一个力偶;(2)可能。

2平面力系

2平面力系

F R F 1 F 2 F n F


5
2.1.2 平面汇交力系平衡的几何条件
平面汇交力系平衡的必要与充分条件是: 该力系的合力等于零。用矢量式表示为:
Fi 0
平面汇交力系平衡的必要与充分条件是:该力系的 力多边形自行封闭,这是平衡的几何条件。
解:
F1
Fx F1cosα
1
各力的汇交点
F2 F2cosα F2sinα
2
F3 F3cosα -F3sinα
3
F4 F4cosα -F4sinα
4
Fy F1sinα
1
2
3
4

16
Fx Fx1 Fx 2 Fx 3 Fx 4 F1 cos a1 F2 cos a2 F3 cos a3 F4 cos a4 360 cos 600 550 cos 00 380 cos 30 0 300 cos 70 0 360 0.5 550 380 0.866 300 0.342 1162N
已知:
P 20 kN ,不计杆重和滑轮尺寸,求:杆AB与BC所受的力。
A C
30 30 30
P

B

34
铰链四杆机构CABD的CD边固定,在铰链A、B处有力F1、F2 作用,如图所示。该机构在图示位置平衡,杆重略去不计。 求力F1与F2的关系

35

在图示结构中,各构件的自重略去不计。在构件AB上作 用一力偶矩为M的力偶,求支座A和C的约束反力。

36
已知M 求:A点的约束
a D C a A a a a M
B

第二章-平面任意力系作业题

第二章-平面任意力系作业题
习题2-21:由AC和CD构成的组合梁通过铰链C链接。它的支撑和受力如图 所示。已知均布载荷强度q=10kN/m,力偶矩M=40kN*m,不计梁重。求支 座A、B和D的约束力,铰链C处所受的约束力。
解:先研究CD,受力如图。
Fx 0 : FCx 0 Fy 0 : FCy FD 2q 0 MC (F ) 0 : FD 4 M 2q 1 0
解得: FBx 2280N, FBy 17850N, FCx 22800N
习题2-54:平面悬臂桁架所受的载荷如图所示。求杆1、2和3的内力。
解:如图,由m-m截面截取桁架右半部为研究对象。
MAC (F ) 0, F1 AB 2F 4F 6F 0 MC (F ) 0, F1 CD 2F2 2F 2F 4F 0
以杆CD为研究对象,受力如图
解得: MD (F) 0, 4FCy P1 P 2 0
FCy 4550N
以杆ABC为研究对象,受力如图。
Fx 0, FAx FBx FCx 0 Fy 0, FAy FBy FCy 0 MC (F ) 0, M A 6FAx 3FBx 0
2m
E M
C D
B
1m 1m
再研究AB梁如图:
FAx MA FAy
F`By F`Bx
习题2-31:构架由杆AB、AC和DF组成,如图所示。杆DF上 的 销子E 可在杆AC的光滑槽内滑动,不计各杆重量。在水平 杆DF一端作用 铅直力F。求铅直杆AB上铰链A、D和B所受力。
y A
DE
解:先研究整体,受力分析如图:
FB 40kN,FAx 0, FAy 15N

2 平面力系 答案

2 平面力系  答案

q
FP
C
A
dB
FP1
FP
d
d
d
d
解:取梁 BC 为研究对象
q
FP
C
A
dB
FP1
FAy
FAx
FP
FB
d
d
d
d
列平衡方程
Fx 0 MA(F) 0 MB(F) 0
解得:
FAx 0
qd
d 2
FP
d
FB
2d
FP1
3d
0
qd
5d 2
FP
d
FAy
2d
FP1
d
0
FAx 0 FAy 15kN FB 21kN
4m
E
A
B F FP G
W FP D
1m 1mC
3m
3m
6m
解:(1)选起重机为研究对象,画受力图
M F (F) 0
2FRG 1FP 5W 0
FRG 50 kN (2)选梁 CD 研究对象,画受力图 M C (F) 0
6FRD 1FR'G 0
E
F FP
G
FR F
FR G
1m 1m 3m
C
E
G
F
A
B
D
解:
E
取整体为研究对象
MA(F) 0
FNB
AB
F
1 2
ABsin
60
0
A FAx
FAy
FNB
3F 4
按虚线截断结构,取右边进行分析
MD(F) 0
FCG DB sin 60 FNB DB F DF sin 60 0
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2-1 物体重P=20 kN ,用绳子挂在支架的滑轮 B 上,绳子的另一端接在绞车 D 上,如图所示。

转动绞车,物体便能升起。

设滑轮的大小、杆 AB 与 CB 自重及摩擦略去不计,A ,B ,C 三处均为铰链连接。

当物体处于平衡状态时,求拉杆 AB 和支杆 CB 所受的力。

【解】 取支架、滑轮及重物为研究对象(或直接取销钉为研究对象),坐标及受力如图所示。

将T 20kN F P ==代入上述方程,解得:
54.64kN AB F =(拉)
74.64kN CB F =−(压)
【解题说明】这里对二力杆直接采用了设拉原则。

在有二力杆存在的问题中,我们均可以设其受拉,当求出是正值时说明与我们的假定相同,的确为拉杆;当我们求出的是负值时,说明与我们的假定方向相反,应该是压杆。

无论拉压,我们都需在结果中给出杆的拉、压判定。

2-5 如图所示,刚架的点 B 作用一水平力 F ,刚架重量不计。

求支座 A ,D 的约束力。

【解】 取刚架为研究对象,受力如图所示。

联立两式,解得
【解题指导】(1)利用三力平衡汇交定理作受力分析;
(2)也可以直接利用三角关系求解。

(几何法)
2-6 在图所示结构中,各构件的自重略去不计,在构件 BC 上作用一力偶矩为 M 的力偶,各尺寸如图。

求支座 A 的约束力。

【解】 (1)先以CB 为研究对象,受力分析如图所示。

由力偶的性质知,C B M F F l
==,方向如图所示。

(2)再以CAD 为研究对象,受力分析如图所示。

0x F
=∑,cos 450A C F F °′−=
解得:
A F l
=
,方向如图。

2-8 已知梁 AB 上作用一力偶,力偶矩为 M , 梁长为l , 梁重不计。

求在图 a , b ,c 三种情况下支座 A 和 B 的约束力。

【解】 均以AB 为研究对象,受力分析如上图所示,三图中A F 与B F 均组成力偶。

图(a ):0M =∑,0B F
l M ⋅−=, 解得:A B M F F l ==,方向如图。

图(b ):0M =∑,0B F
l M ⋅−=, 解得:A B M F F l ==,方向如图。

图(c ):0M =∑,cos 0B F l M θ⋅−=,
解得:cos A B M F F l θ
==,方向如图。

【解题说明】
由前两图进一步验证了力偶的性质——力偶矩的大小是力偶的唯一度量,与其作用位置无关。

2-10 图示平面任意力系中1F =,280N F =,340N F =,4110N F =,2000N mm M =⋅,各力作用位置如图所示,图中尺寸的单位为 mm 。

求:(1)力系向点 O 简化的结果;(2)力系的合力的大小、方向及合力作用线方程。

【解】(1)向点O 简化:
顺时针
(2)合力:
合力R F :大小R R
150N F F ′==,方向水平向左。

合力作线方程:6mm y =−。

各参量如右图所示。

2-12 图示刚架中,已知3kN /m q =,kN F =,10kN m M =⋅,不计刚架自重。

求固定端A 处的约束力。

【解】取刚架为研究对象,受力分析如上图所示。

2-14 无重水平粱的支承和载荷如图所。

已知q ,F ,M 。

求支座A 和B 处的约束力。

【解】取水平梁为研究对象,受力分析如图所示。

解得:
2-18 水平梁 AB 由铰链 A 和 BC 所支持,如图所示。

在梁上 D 处用销子安装半径为0.1m r =的滑轮。

有一跨过滑轮的绳子,其一端水平系于墙上,另一端悬挂有重为1800N P =的重物。

如0.2m AD =,0.4m BD =,45ϕ°
=。

且不计梁、杆、滑轮和绳的重力。

求铰链 A 和
杆 BC 对梁的约束力。

【解】取整体为研究对象,受力分析如图所示。

显然,T 1800N F P ==。

0,x F
=∑ T cos 0Ax BC F F F ϕ−−= ① 0,y F =∑ sin 0Ay BC F P F ϕ−−= ②
0,A M =∑
()()T sin 0BC F r P AD r F AD BD ϕ⋅−⋅+−⋅+= ③
解得:2400N Ax F =,1200N Ay F =,BA F =(拉)。

【解题说明】
有的同学将力T F 和P 直接画在点D 处,可否?
首先,我们在做受力分析时,尽量将力画在实际作用的位置上,而不要随意平移; 其二,本题画在此处也可以。

原因在于可以利用力和平移定理将两力向D 点进行简化,其最终简化结果就是将此两力平行移至D 点处,附加的两个力偶正好相互抵消掉了。

2-21 由AC 和CD 构成的组合梁通过铰链C 连接。

它的支承和受力如图所示。

已知均布载荷强度10kN/m q =,力偶矩40kN m M =⋅,不计梁重。

求支座A ,B ,D 的约束力和铰链C 处
所受的力。

【解】(1)先取CD 为研究对象,受力分析如图所示。

()0,C M =∑F 2140D q M F ××−−×= ①
0,y F =∑ 20C D F q F −×+= ②
解得: 15kN D F =,5kN C F =。

(2)再取AC 为研究对象。

()0,A
M =∑F
22340B C
F q M F ′×−××−−×= ③
0,y F
=∑ 20A B C F F q F ′+−×−= ④
解得:40kN B F =,15kN A F =−(方向与图示方向相反)。

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