2018届河北省保定市定州中学高三下学期期中考试物理试卷(解析版)
河北省定州中学2018届高中毕业班下学期第一次月考物理试题【含解析】
河北省定州中学2018届高中毕业班下学期第一次月考物理试题物理注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第I 卷（选择题）一、多选题1．如图甲所示, MN 与PQ 为光滑的平行导轨,导轨间距为l ,导轨的上部分水平放置,下部分倾斜放置且与水平面的夹角为θ,导轨足够长。
两条导轨上端用导线连接,在导轨的水平部分加一竖直向上的匀强磁场B1,其磁感应强度随时间t 变化的关系如图乙所示;在导轨的倾斜部分加一垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度始终为B 0。
在t 1时刻从倾斜轨道上某位置静止释放导体棒a,导体棒开始向下运动,已知导体棒的质量为m 、电阻为R,不计导轨和导线的电阻,重力加速度为g,则下列说法正确的是（ ）A. 刚释放导体棒a 时,其加速度一定最大B. 整个运动过程中,导体棒aC. 在t 1~t 2时间内,导体棒a 可能先做加速度减小的加速运动,然后做匀速直线运动D. 若在t 3时刻,导体棒a 已经达到最大速度,则在t 1~t 3时间内,通过导体棒的电荷量为2．如图所示，斜面体A 静止在水平地面上，质量为m 的物体B 在外力F 1和F 2的共同作用下沿斜面体表面向下运动。
当F 1方向水平向右，F2方向沿斜面体的表面向下时，斜面体受到地面的摩擦力方向向左。
则下列说法正确的是A. 若同时撤去F 1和F 2，滑块B 的加速度方向一定沿斜面向下B. 若只撤去F 1，在滑块B 仍向下运动的过程中，A 所受地面摩擦力的方向可能向右C. 若只撤去F 2，在滑块B 仍向下运动的过程中，A 所受地面摩擦力的方向可能向右D. 若只撤去F 2，在滑块B 仍向下运动的过程中，A 所受地面摩擦力不变3．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别是1m 和2m 的两物块相连，它们静止在光滑水平地面上。
河北省保定市定州中学2018届高三下学期期中考试物理试卷 (答案+解析)
2017-2018学年河北省保定市定州中学高三（下）期中物理试卷一、单选题1.如图所示，间距为L的足够长的平行金属导轨固定在斜面上，导轨一端接入阻值为R的定值电阻，t=0时，质量为m的金属棒由静止开始沿导轨下滑，t=T时，金属棒的速度恰好达到最大值vm，整个装置处于垂直斜面向下、磁感应强度为B的匀强磁场中，已知金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒在运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，金属棒及导轨的电阻不计，下列说法正确的是( )A. 时，金属棒的速度大小为B. 0～T的过程中，金属棒机械能的减少量等于R上产生的焦耳热C. 电阻R在0～内产生的焦耳热小于～T内产生的焦耳热D. 金属棒0～内机械能的减少量大于～T内机械能的减少量【答案】C【解析】A项：速度达到最大值前金属棒做加速度减小的加速运动，故相同时间内速度的增加量减小，所以时，金属棒的速度大于，故A错误；B项：由能量守恒，的过程中，金属棒机械能的减小等于R上产生的焦耳热和金属棒与导轨间摩擦生热之和，故B错误；C项：内金属棒的位移小于的位移，金属棒做加速运动，其所受安培力增大，所以内金属棒克服安培力做功更多，产生的电能更多，电阻R上产生的焦耳热更多，故C正确；D项：内的位移比内的位移大，故内滑动摩擦力对金属棒做功多，由功能关系得，内金属棒机械能的减小量更多，故D错误。
点晴：解决本题关键理解导体棒克服安培力做功等整个回路中产生的焦耳热，注意导体棒与导轨间还有摩擦产生热量，综合功能关系即可求解。
2.如图甲所示，轻杆一端与质量为1kg、可视为质点的小球相连，另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动，现使小球在竖直平面内做圆周运动，经最高点开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v随时间t的变化关系如图乙所示，A、B、C三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点，该三点的纵坐标分别是1、0、取，不计空气阻力，下列说法正确的是A. 轻杆的长度为B. 小球经最高点时，杆对它的作用力方向竖直向上C. B点对应时刻小球的速度为D. 曲线AB段与坐标轴所围图形的面积为【答案】B【解析】【分析】已知小球在ABC三个点的速度，A到C的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律即可求出杆的长度；结合小球过最高点的受力的特点，即可求出杆对小球的作用力的方向；由机械能守恒可以求出B点的速度；由于y轴表示的是小球在水平方向的分速度，所以曲线AB段与坐标轴所围图形的面积表示A到B的过程小球在水平方向的位移．【详解】设杆的长度为L，小球从A到C的过程中机械能守恒，得：，解得，故A错误。
河北省定州中学2018届高三物理下学期第一次月考试题(承智班)
河北省定州中学2018届高三物理下学期第一次月考试题（承智班）一、多选题1．如图所示，B、M、N分别为竖直光滑圆轨道的右端点，最低点和左端点，B点和圆心等高，N点和圆心O的连线与竖直方向的夹角为60α=︒。
现从B点的正上方某处A点由静止释放一个小球，经圆轨道飞出后以水平上的v通过C点，已知圆轨道半径为R，v=速度为g，则一下结论正确的是A. C、NB. C、N的水平距离为2RC. 小球在M点对轨道的压力为6mgD. 小球在M点对轨道的压力为4mg2．如图甲，间距L=l m且足够长的光滑平行金属导轨cd、ef固定在水平面（纸面）上，右侧cf间接有R=2 Ω的电阻。
垂直于导轨跨接一根长l=2 m、质量m=0.8 kg的金属杆，金属杆每米长度的电阻为2 Ω。
t=0时刻，宽度a=1.5 m的匀强磁场左边界紧邻金属杆，磁场方向竖直向下、磁感应强度大小B=2 T。
从t=0时刻起，金属杆（在方向平行于导轨的水平外力F作用下）和磁场向左运动的速度一时间图像分别如图乙中的①和②。
若金属杆与导轨接触良好，不计导轨电阻，则A. t=0时刻，R两端的电压为8 3 VB. t=0.5 s时刻，金属杆所受安培力的大小为1N、方向水平向左C. t=l.5 s时刻，金属杆所受外力F做功的功率为4.8 WD. 金属杆和磁场分离前的过程中，从c到f通过电阻R的电荷量为0.5 C3．如图，实线为等量异种点电荷周围的电场线，虚线是以正点电荷为中心的圆，M点是两点电荷连线的中点，N点在虚线上。
若将一试探正点电荷沿逆时针方向从M点经虚线移动到N点，则A. 电荷所受电场力逐渐减小B. 电荷所受电场力大小不变C. 电荷将克服电场力做功D. 电荷的电势能保持不变4．如图所示，质量均为m的A、B两物块与劲度系数为k的轻弹簧两端相连，置于足够长、倾角为30°的斜面上，处于静止状态，物块A下表面光滑，物块B与斜面间的最大静摩擦力为f，重力加速度为g，现给物块A施加沿斜面向上的恒力，使A、B两物块先后开始运动，弹簧始终在弹性限度内，则A. 当物块B刚开始运动时，弹簧伸长量最大B. 在物块B开始运动前，物块A可能一直做加速运动C. 物块A沿斜面向上运动距离为F mgk-时，速度达到最大D. 当物块A沿斜面向上运动距离为f mgk+时，物块B开始运动5．2016年2月11日，科学家宣布“激光干涉引力波天文台（LIGO）”探测到由两个黑洞合并产生的引力波信号，，这是在爱因斯坦提出引力波概念100周年后，引力波被首次直接观测到．在两个黑洞合并过程中，由于彼此间的强大引力作用，会形成短时间的双星系统．如图所示，黑洞A、B可视为质点，它们围绕连线上O点做匀速圆周运动，且AO大于BO，不考虑其他天体的影响．下列说法正确的是A. 黑洞A 的向心力大于B 的向心力B. 黑洞A 的线速度大于B 的线速度C. 黑洞A 的质量大于B 的质量D. 两黑洞之间的距离越大，A 的周期越大6．半径为r 、质量为m 、电阻为R 的金属圆环用一根长为L 的绝缘轻细杆悬挂于O 1点，杆所在直线过圆环圆心，在O 1点的正下方有一半径为L ＋2r 的圆形匀强磁场区域，其圆心O 2与O 1点在同一竖直线上，O 1点在圆形磁场区域边界上，磁感应强度为B ，如图所示。
2018-2019学年河北省保定市定州实验中学高三物理模拟试卷含解析
2018-2019学年河北省保定市定州实验中学高三物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列关于电磁波的说法正确的是（）A．电磁波在真空和介质中传播的速度相同B．变化的磁场能够在空间产生电场C．电磁波的波长、波速、周期的关系为v =λ?TD．电磁波既可能是横波，也可能是纵波参考答案：2. 如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球。
给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ。
下列说法中正确的是（）A.小球受重力、细绳的拉力和向心力作用B.细绳拉力在水平方向的分力提供了向心力C. θ越大，小球运动的周期越大D. θ越大，小球运动的线速度越大参考答案：3. 沿光滑的竖直墙壁用网兜把一个足球挂在A点(如图)，足球受到的重力为G，网兜的质量不计。
悬绳与墙壁的夹角为α=30o。
悬绳给球的拉力为，墙壁给球的支持力为，下列表述正确的是( )A．大于G B．小于GC．与的合力一定竖直向上D．与大小之和等于G参考答案：C4. (单选题)如图2所示，质量为m的小球套在竖直放置的固定光滑圆环上，轻绳一端固定在圆环的顶点A,另一端与小球相连小球静止时位于环上的B点，此时轻绳与竖直方向的夹角θ=30°,则轻绳对小球的拉力大小为A. B.mg C.2mg D. mg参考答案：A5. （单选题）下列关于汽车运动的论述，不正确的是A. 汽车以额定功率启动后做变加速运动，速度逐渐增大；加速度逐渐减小，加速度为0时，速度最大B.汽车以额定功率启动后做变加速运动，速度、加速度均逐渐增大C.汽车匀速行驶时最大允许速度受发动机额定功率限制，要提高最大允许速度，必须增大发动机的额定功率D.汽车在水平路面上以额定功率P行驶，则当牵引力F与阻力f平衡时，汽车的最大速度v=P/fm参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 图为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分.图中背景方格的边长均为2.5厘米，如果取重力加速度g=10米/秒2，那么：(1)照片的闪光频率为________Hz. .(2)小球做平抛运动的初速度的大小为_______m/s参考答案：(1)10 (2)0.757. 如图所示，是一列横波在某一时刻的波形图象．已知这列波的频率为5Hz，此时的质点正向轴正方向振动，由此可知：这列波正在沿轴 (填“正”或“负”)方向传播，波速大小为 m/s.参考答案：负，108. 一质点沿Ox坐标轴运动，t＝0时位于坐标原点，质点做直线运动的v—t图像如图所示，由图像可知，在时间t＝________s时，质点距坐标原点最远，在前4s 内该质点的位移随时间变化的关系式是s=________。
【全国百强校】河北省定州中学2021届高三下学期期中考试物理试题
【全国百强校】河北省定州中学2018届高三下学期期中考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题1．如图所示，固定在竖直面内的光滑绝缘圆环半径为R ，圆环上套有质量分别为m 和2m 的两个带电的小球A 、B （均可看作质点），小球A 带正电，小球B 带负电，带电荷量均为q ，且小球A 、B 用一长为2R 的轻质绝缘细杆相连，竖直面内有竖直向下的匀强电场（未画出），电场强度大小为E =mg q．现在给小球一个扰动，使小球A 从最高点由静止开始沿圆环下滑，已知重力加速度为g ，在小球A 滑到最低点的过程中，下列说法正确的是（ ）A ．小球A 减少的机械能等于小球B 增加的机械能B ．细杆对小球A 和小球B 做的总功为0C ．小球AD ．细杆对小球B 做的功为mgR2．质量为m 电量为q +的小滑块(可视为质点)，放在质量为M 的绝缘长木板左端，木板放在光滑的水平地面上，滑块与木板之间的动障擦因数为μ，木板长为L ，开始时两者都处于静止状态，所在空间存在范围足够大的一个方向竖直向下的匀强电场E ，恒力F 作用在m 上，如图所示，则（ ）A ．要使m 与M 发生相对滑动，只须满足()F mg Eg μ>+B ．若力F 足够大，使得m 与M 发生相对滑动，当m 相对地面的位移相同时，m 越大，长木板末动能越大C．若力F足够大，使得m与M发生相对滑动，当M相对地面的位移相同时，E越大，长木板末动能越小D．若力F足够大，使得m与M发生相对滑动，E越大，分离时长本板末动能越大3．如图所示，处于竖直平面内的正六边形金属框架ABCDEF、可绕过C点且与平面垂直的水平轴自由转动，该金属框架的边长为L，中心记为O，用两根不可伸长、长度均为L的轻质细线将质量为m的金属小球悬挂于框架的A、E两个顶点并处于静止状态，现令框架绕转轴、沿顺时针方向缓慢转过90°角，已知重力加速度为g，在包括初、末状态的整个转动过程中下列说法正确的是( )A．细线OA中拉力最大值为mgB．细线OE中拉力最大值为3C．细线OA中拉力逐渐增大D．细线OE中拉力逐渐减小4．如图所示，A、B是质量分别为m和2m的小环，一半径为R的光滑半圆形细轨道，其圆心为O，竖直固定在地面上．轨道正上方离地高为h处固定一水平光滑长直细杆.杆与轨道在同一竖直平面内，杆上P点处固定一定滑轮，P点位于O点正上方．A套在杆上，B套在轨道上，一条不可伸长的轻绳通过定滑轮连接两环．两环均可看作质点，且不计滑轮大小与摩擦.现对A环施加一水平向右的力F，使B环从地面由静止开始沿轨道运动．则A．若缓慢拉动A环，B环缓慢上升至D点的过程中，F一直减小B．若缓慢拉动A环，B环缓慢上升至D点的过程中，外力F所做的功等于B环机械能的增加量C．若F为恒力，B环最终将静止在D点D．若F为恒力，B环被拉到与A环速度大小相等时，sin∠OPB=R h5．将一总电阻为1Ω，匝数n=4的线圈放在匀强磁场中，已知磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻其穿过线圈的磁通量按图示规律变化，则正确的是（）A．在0～8s内与8s～10s内线圈内的电流方向相同B．在0～8s内通过线圈导线截面的电荷量为8CC．在8s～10s线圈中感应电动势为1VD．现象中产生交变电流的有效值为2A6．如图所示，光滑的轻滑轮通过支架固定在天花板上，一足够长的细绳跨过滑轮，一端悬挂小球b，另一端与套在水平细杆上的小球a连接．在水平拉力F作用下小球a从图示虚线（最初是竖直的）位置开始缓慢向右移动(细绳中张力大小视为不变)．已知小球b的质量是小球a的2倍，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，小球a与细杆间的动摩擦因数为μ．则下列说法正确的是（）A．当细绳与细杆的夹角为30°时，杆对a球的支持力为零B．支架对轻滑轮的作用力大小逐渐增加C．支架对a球的摩擦力先减小后增加D．若μ=时，拉力F先减小后增加7．如图所示，光滑“∏”形金属导体框平面与水平面的夹角为θ.两侧对称，间距为L，上端接入阻值为R的电阻．ab以上区域内有垂直于金属框平面磁感应强度为B的匀强磁场．质量为m的金属棒MN与金属框接触良好，由图示位置以一定的初速度沿导轨向上运动，进入磁场区域后又继续上升一段距离但未碰及电阻R．已知金属棒上升、下降经过ab处的速度大小分别为v1、v2，不计金属框、金属样电阻及空气的理力．下列说法中正确的是A ．金属棒上升时间小于下降时间B ．v 2的大小可能大于22sin mgR B Lθ C ．上升过程中电阻R 产生的焦耳热较下降过程的大D ．金属棒上升、下降经过ab 处的时间间隔为12sin v v g θ+ 8．建筑工人为了方便将陶瓷水管由高处送到低处，设计了如图所示的简易滑轨，两根钢管互相平行斜靠、固定在墙壁上，把陶瓷水管放在上面滑下．实际操作时发现陶瓷水管滑到底端时速度过大，有可能摔坏，为了防止陶瓷水管摔坏，下列措施可行的是A ．在陶瓷水管内放置砖块B ．适当减少两钢管间的距离C ．适当增加两钢管间的距离D ．用两根更长的钢管，以减小钢管与水平面夹角9．如图甲所示，静止在水平面上的等边三角形金属闭合线框，匝数n=10，总电阻2.5R =Ω，边长L=0.3m ，处在两个半径均为r=0.1m 的圆形匀强磁场中，线框顶点与右侧圆心重合，线框底边与左侧圆直径重合，磁感应强度1B 垂直水平面向外，2B 垂直水平面向里，12B B 、随时间t 的变化如图乙所示，线框一直处于静止状态，计算过程中近似取3π=．下列说法正确的是（ ）A．t=0时刻穿过线框的磁通量为0.5WbB．t=0.2s时刻线框中感应电动势为1.5VC．00.3s~内通过线框横截面的电荷量为0.18CD．线框具有向左的运动趋势10．如图所示，半径为R的竖直光滑圆轨道与光滑水平面相切，质量均为m的小球A、B 与轻杆连接，置于圆轨道上，A与圆心O等高，B位于O的正下方，它们由静止释放，最终在水平面上运动，下列说法正确的是（）A．下滑过程中A的机械能守恒B．当A滑到圆轨道最低点时，轨道对A的支持力大小为2mgC．下滑过程中重力对A做功的功率一直增加D．整个过程中轻杆对B做的功为12 mgR11．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，开关S闭合后，平行板电容器中的带电液滴M处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，则（）A．带电液滴M一定带正电B．R4的滑片向上端移动时，电流表示数减小，电压表示数增大C．若仅将电容器下极板稍微向上平移，带电液滴M将向上极板运动D．若将开关S断开，带电液滴M将向下极板运动12．如图所示，在竖直放置的平行金属板AB之间加上恒定电压U，A、B两板的中央留有小孔O1、O2，在B板的右侧有平行于极板的匀强电场E，电场范围足够大，感光板MN垂直于电场方向放置，第一次从小孔O1处从静止释放一个质子11H，第二次从小孔O1处从静止释放一个α粒子42He，关于这两个粒子在电场中运动的判断正确的是（）A ．质子和α粒子打到感光板上时的速度之比为2:1B ．质子和α粒子在电场中运动的时间相同C ．质子和α粒子打到感光板上时的动能之比为1:2D ．质子和α粒子在电场中运动的轨迹重叠在一起13．如图所示，空间存在水平方向的匀强电场．在竖直平面上建立平面直角坐标系，在坐标平面的第一象限内固定绝缘光滑的半径为R 的四分之一圆周轨道,轨道的两个端点在坐标轴上．一质量为m ，带电量为+q 的小球从轨道上端由静止开始滚下，已知电场强度2mg E q=，则（ ）A B ．小球在轨道最低点时对轨道的压力大小为2mgC ．小球脱离轨道后，当速度竖直向下时所在点的位置坐标为（－R ，2R ）D ．小球脱离轨道后，运动轨迹将经过（0，9R ）这一点14．如图所示，斜面1、曲面2和斜面3的顶端高度相同，底端位于同一水平面上，斜面1与曲面2的底边长度相同．一物体与三个面间的动摩擦因数相同，在它由静止开始分别沿三个面从顶端下滑到底端的过程中，下列判断正确的是( )A ．物体减少的机械能123E E E =>B ．物体减少的机械能213E E E >>C ．物体到达底端时的速度123v v v =<D ．物体到达底端时的速度213v v v <<15．如图所示，斜面1、曲面2和斜面3的顶端高度相同，底端位于同一水平面上，斜面1与曲面2的水平底边长度相同．一物体与三个面间的动摩擦因数相同，当它由静止开始分别沿三个面从顶端下滑到底端的过程中，若损失的机械能分别为△E 1、△E 2、△E 3，到达底端的速度分别为v 1、v 2、v 3，则下列判断正确的是A ．△E 1=△E 2>△E 3B ．△E 2>△E 1>△E 3C ．v 1=v 2＜v 3D ．v 2< v 1<v 316．如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行．现给小滑块施加一个竖直向上的拉力使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有A ．小球对斜劈的压力先减小后增大B ．轻绳对小球的拉力逐渐增大C ．竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小D ．对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大二、单选题17．据有关资料介绍，受控核聚变装置中有极高的温度，因而带电粒子将没有通常意义上的“容器”可装，而是由磁场约束带电粒子运动，使之束缚在某个区域内．如图所示，环状磁场的内半径为1R ，外半径为2R ，被束缚的带电粒子的比荷为k ，若中空区域内带电粒子均具有沿半径方向的速度，速度大小为v ．中空区域中的带电粒子都不会穿出磁场的外边缘而被约束在半径为2R 的区域内，则环状区域内匀强磁场的磁感应强度最小值为（ ）A ．2212()R v k R R - B ．222212()R v k R R - C ．213()v k R R - D ．21()v k R R - 18．如图所示，半径为R 的半圆形区域内分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ，半圆的左边垂直x 轴放置一粒子发射装置，在－R ≤y ≤R 的区间内各处均沿x 轴正方向同时发射出一个带正电粒子，粒子质量均为m ，电荷量均为q ，初速度均为v ，重力及粒子间的相互作用均忽略不计，所有粒子都能到达y 轴，其中最后到达y 轴的粒子比最先到达y 轴的粒子晚Δt 时间，则( )A ．粒子到达y 轴的位置一定各不相同B ．磁场区域半径R 应满足R ≥mv qBC ．Δt ＝m qB θ－R v，其中角度θ的弧度值满足sin θ＝BqR mv D ．Δt ＝m qB π－R v 19．如图所示，间距为L 的足够长的平行金属导轨固定在斜面上，导轨一端接入阻值为R 的定值电阻，t =0时，质量为m 的金属棒由静止开始沿导轨下滑，t =T 时，金属棒的速度恰好达到最大值v m ，整个装置处于垂直斜面向下、磁感应强度为B 的匀强磁场中，已知金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒在运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，金属棒及导轨的电阻不计，下列说法正确的是()A ．2T t 时，金属棒的速度大小为2m v B ．0～T 的过程中，金属棒机械能的减少量等于R 上产生的焦耳热C ．电阻R 在0～2T 内产生的焦耳热小于2T ～T 内产生的焦耳热 D ．金属棒0～2T 内机械能的减少量大于2T ～T 内机械能的减少量 20．如图甲所示，轻杆一端与质量为1kg 、可视为质点的小球相连，另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动，现使小球在竖直平面内做圆周运动，经最高点开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v 随时间t 的变化关系如图乙所示，A 、B 、C 三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点，该三点的纵坐标分别是1、0、-5．g 取10m/s ²，不计空气阻力，下列说法正确的是A ．轻杆的长度为0.5mB ．小球经最高点时，杆对它的作用力方向竖直向上C ．B 点对应时刻小球的速度为13m/sD ．曲线AB 段与坐标轴所围图形的面积为0.5m三、实验题21．某同学要分别测量一小灯泡（3.8V 、1.5W ）在常温下和正常工作时的电阻，方法如下：（1）用欧姆表测量小灯泡常温下的电阻，测量示数如图甲，小灯泡常温下的电阻为______Ω．（2）用图乙所示电路测量小灯泡正常工作时的电阻，图中1R 为滑动变阻器，2R 为电阻箱，电源电动势为E =6V ，①请在答题纸上将实物图连接补充完整_______．②为检查电路连接是否有断接处，该同学进行了如下操作：将1R 的滑动触头P 移至C 处，只闭合1S ，发现电压表示数接近6V ，若仪器都完好，则没有连接好的区间是__________．A 、ab 段B 、cd 段C 、eP 段③排除故障后，将2S 拨向接点1，接通1S ，调节__________，使电压表示数达到3.8V ；之后2S 拨向接点2，调节_______________，使___________，2R 的读数即为小灯泡正常工作时的电阻．四、解答题22．如图甲所示，光滑平行金属导轨水平放置，间距为1m ，其间有竖直向上的匀强磁场，两相同的导体棒垂直导轨放置，导体棒质量均为0.5kg ，电阻均为4 ，导体棒与导轨接触良好．锁定CD 棒，在AB 棒上加一水平向右的拉力，使AB 棒从静止开始做匀加速直线运动，拉力随时间的变化规律如图乙所示，运动9m 后撤去拉力，导轨足够长且电阻不计，求：(1)AB棒匀加速运动的加速度及磁场的磁感应强度大小；(2)撤去拉力后AB棒运动的最大距离；(3)若撤去拉力的同时解除对CD棒的锁定，之后CD棒产生的焦耳热．参考答案1．BC【详解】由于电场力做功，两个球系统机械能不守恒，故A 球增加的机械能不等于B 球减少的机械能，故A 错误；细杆对小球A 和小球B 的力等大反向，为系统内弹力，所以细杆对小球A 和小球B 做的总功为0，故B 正确；当A 球运动到最低点时，电场力对系统做功4EqR =4mgR ，速度最大，有：4mgR +mg •2R -2mg •2R =12（m +2m ）v 2解得：v ，故C 正确； 对B 球，利用动能定理可得，W +2mgR -2mg •2R =12×2mv 2-0，解得细杆对B 球所做的功W =-103mgR ，故D 错误． 2．BD【解析】A 、m 所受的最大静摩擦力为()f mg Eq μ=+ ,则根据牛顿第二定律得F f f a m M -== ,计算得出()()mg Eq M m F M μ++= .则只需满足()()mg Eq M m F Mμ++> ,m 与M 发生相对滑动.故A 错误.B 、当M 与m 发生相对滑动,根据牛顿第二定律得,m 的加速度()F mg Eq a m μ-+= ,知m越大,m 的加速度越小,相同位移时,所以的时间越长,m 越大,m 对木板的压力越大,摩擦力越大,M 的加速度越大,因为作用时间长,则位移大,根据动能定理知,长木板的动能越大.所以B 选项是正确的.C 、当M 与m 发生相对滑动,E 越大,m 对M 的压力越大,摩擦力越大,则M 相对地面的位移相同时,根据动能定理知,长木板的动能越大.故C.错误D 、根据22121122L a t a t =- 知,E 越大,m 的加速度越小,M 的加速度越大，知时间越长,因为E 越大,M 的加速度越大,则M 的位移越大,根据动能定理知,分离时长木板的动能越大.所以D 选项是正确的.，故选BD点睛：当m 与M 的摩擦力达到最大静摩擦力,M 与m 发生相对滑动,根据牛顿第二定律求出F 的最小值.当F 足够大时,M 与m 发生相对滑动,根据牛顿第二定律,结合运动学公式和动能定理判断长木板动能的变化.3．BD【详解】AC ．对小球进行受力分析，如图所示，Mg 的对角始终为120°，设F TA 的对角为α，F TE 的对角为β，缓慢转动过程中，小球始终受力平衡，由正弦定理得0sin120sin sin TA TE F F mg αβ==α角由150°减小到60°，F TA 先增大后减小，当90°时，F TA 最大，最大值为3，故AC 错误；BD ．β角由90°增加到180°，F TE 减小到0，当90°时，F TE ，故BD 正确。
精品解析：河北省定州中学2018届高三上学期期末考试物理试题(解析版)
河北省定州中学2018届高三（承智班）上学期期末考试物理试题一、选择题1. 亚丁湾索马里海域六艘海盗快艇试图靠近中国海军护航编队保护的商船，中国特战队员成功将其驱离。
假如其中一艘海盗快艇在海面上运动的V—t图象如图所示，设运动过程中海盗快艇所受阻力不变。
则下列说法正确的是A. 海盗快艇在0～66s内从静止出发做加速度增大的加速直线运动B. 海盗快艇在96s末开始调头逃离C. 海盗快艇在66s末离商船最近D. 海盗快艇在96s～116s内做匀减速直线运动【答案】B【解析】试题分析：在速度-时间图象中切线的斜率表示加速度；海盗快艇在0～66s内从静止出发，曲线的斜率越来越小，即加速度越来越小，故A错误．在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以图象中前96s内速度为正数即物体向正方向运动，96s后速度为负数即物体向负方向运动，海盗快艇在96s末开始调头逃离，此时离商船最近，故B正确，C错误．快艇在96s～116s内做匀加速直线运动，故D错误。
故选B。
考点：本题考查了图象【名师点睛】2. 一圆环形铝质金属圈（阻值不随温度变化）放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直于金属圈平面（即垂直于纸面）向里，如图甲所示。
若磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示，那么第3s内金属圈中( )A. 感应电流逐渐增大，沿逆时针方向B. 感应电流恒定，沿顺时针方向C. 圆环各微小段受力大小不变，方向沿半径指向圆心D. 圆环各微小段受力逐渐增大，方向沿半径指向圆心【答案】D【解析】试题分析：从图乙中可得第3s内垂直向里的磁场均匀增大，穿过线圈垂直向里的磁通量增大，由楞次定律可得，感应电流为逆时针方向；根据法拉第电磁感应定律可得线圈产生的感应电动势为，正比于3s内磁通量的变化率恒定，所以产生的感应电流恒定，AB错误；圆环各微小段受安培力，由于磁场逐渐增大，电流不变，可得圆环各微小段受力逐渐增大，由左手定则可得，安培力的方向沿半径指向圆心．故C错误；D正确．考点：考查了电磁感应与图像3. 如图所示，物体A、B用细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮．A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B悬挂着．已知质量m A＝3m B，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么下列说法中正确的是（）A. 弹簧的弹力将增大B. 物体A对斜面的压力将增大C. 物体A受到的静摩擦力将减小D. 物体A可能被拉动【答案】BC【解析】试题分析：对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=m B g，则知弹簧的弹力不变，故A错误；原来有3m B gsin 45°-m B g=f1，后来3m B gsin 30°-m B g＜f1，可见物体A并未滑动，而且静摩擦变小．物体A对斜面的压力为：N=m A gcosθ，θ减小，N将增大，故BC正确．物体A因为N变大，故最大静摩擦力变大，而静摩擦力减小，故物体A不可能被拉动，选项D错误．故选BC。
物理-河北省定州中学2017-2018学年高一(承智班)下学期期中考试试题(解析版)
河北省定州中学2017—2018学年高一下学期期中考试物理试题一、选择题（1—13题多选，14—20题单选）1. 如图所示，在光滑的水平地面上有一个表面光滑的立方体Q.一长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点，O点固定于地面上，轻杆的上端连接着一个可视为质点的小球P，小球靠在立方体左侧，P和Q的质量相等，整个装置处于静止状态．受到轻微扰动后P倒向右侧并推动Q.下列说法中正确的是()A. 在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为θ时，小球的速度大小为B. 在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为θ时，立方体和小球的速度大小之比为sinθC. 在小球和立方体分离前，小球所受的合外力一直对小球做正功D. 在落地前小球的机械能一直减少【答案】BC【解析】A、B项：当立方体的速度大于小球在水平方向的速度时，立方体和小球分离，在分离之前，小球和立方体的水平方向速度相同，即：在分离之前，当轻杆与水平面夹角为θ时，由能量守恒定律有：解得：，故A错误，B正确；C项：在分离之前，立方体一直向右加速运动，所以也增大，因此小球受到的合外力对小球做正功，故C正确；D项：在分离之前，小球的机械能减小，分离后，只有重力做功，机械能守恒，故D错误。
2. 如图所示，固定的倾斜（）光滑杆上套有一个质量为m的小球，小球与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h，让小球沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零，则在小球下滑过程中（）A. 小球机械能守恒B. 弹簧的弹性势能先增大后减小C. 弹簧的弹性势能变化了mghD. 弹簧的弹性势能最大时圆环动能为零【答案】CD【解析】A、小球沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力，所以小球的机械能不守恒，如果把小球和弹簧组成的系统作为研究对象，系统内只有重力和弹簧的弹力做功，则系统的机械能守恒，故A项错误；B、弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小再增大，故B项错误；C、根据系统的机械能守恒，小球的机械能减少了mgh，那么弹簧的机械能即弹性势能增大mgh，故C项正确；D、根据系统的机械能守恒，滑到杆的底端时速度为零时弹簧弹性势能最大时，故D项正确；故选CD。
河北省定州中学2018届高三物理下学期第一次月考试题
河北省定州中学2018届高三物理下学期第一次月考试题一、选择题1．如图所示，足够长的竖直圆管内有一轻活塞，活塞与管壁之间的滑动摩擦力为f＝1.4N，活塞下连有一个劲度系数k＝10N/m的轻弹簧，弹簧下连接一个质量为m＝0.1kg的小球。
当弹簧处于自然长度时由静止释放小球。
假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g＝10m/s2，在小球第一次运动到最低点的过程中（弹簧始终处于弹性限度内），下列说法正确的是（）A. 弹簧的最大伸长量为0.14mB. 当小球运动到最低点时，弹簧的弹性势能为0.098JC. 小球先做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，直到停止D. 活塞克服摩擦力做功大小为0.147J2．如图所示，质量为m=4kg的圆柱体卡在质量为M=2kg的凹槽内，凹槽右壁竖直，左边是倾μ=0.2，将槽放在水平桌面上，角为θ=37°的斜面，圆柱体与槽面之间的动摩擦因数均为1μ=0.5。
现用平槽的底面CEHD与桌面接触(图中字母D未标出)，槽与桌面之间的动摩擦因数2行于AB的水平力F推圆柱体，圆柱体恰好处于静止状态，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，cos37°=0.8，sin37°=0.6，g取10m/s²，则下列说法正确的是A. 凹槽对圆柱体的摩擦力大小为10NB. 水平推力F大小为16NC. 桌面对凹槽的摩擦力大小为16ND. 若撤去推力F，再将DH边缓慢抬高使槽的底面CEHD与桌面成30°角，在此过程中圆柱体将要下滑3．如图所示的电路中，E为电源，其内电阻为r，V为理想电压表，L为阻值恒为2r的小灯泡，定值电阻R1的阻值恒为r，R3为半导体材料制成的光敏电阻，电容器两极板处于水平状态，闭合开关S，电容器中心P点有一带电小球处于静止状态，电源负极接地，则下列说法正确的是A. 若将R2的滑片上移，则电压表的示数变小B. 若突然将电容器上极板上移，则小球在P点电势能增加C. 若光照变强，则油滴会向上运动D. 若光照变强，则AB间电路的功率变大4．如图所示，将两块光滑平板OA、OB固定连接，构成顶角为60°的楔形槽，楔形槽内放置一质量为m的光滑小球，整个装置保持静止，OA板与水平面夹角为15°。
河北省定州中学2018届高三上学期期中考试物理试题(精品解析)
河北定州中学2017—2018学年度第一学期期中考试物理试卷一、选择题1. 平行板电容器两极板之间的距离为d 、电压为U 、电场强度大小为E ，两极板所带的电荷量为Q ．下列说法正确的是（ ）A. 保持U 不变，将d 变为原来的两倍，则E 变为原来的一半B. 保持E 不变，将d 变为原来的一半，则U 变为原来的两倍C. 保持d 不变，将Q 变为原来的两倍，则U 变为原来的一半D. 将d 和Q 变为原来的一半，则E 不变 【答案】A 【解析】A 、保持U 不变，将d 变为原来的两倍，根据公式UE d=可知，E 变为原来的一半．故A 正确． B 、保持E 不变，将d 变为原来的一半，由U=Ed 可知，U 变为原来的一半．故B 错误．C 、保持d 不变，根据电容的决定式4sC k d επ= 可知，电容C 不变，将Q 变为原来的两倍，由公式Q C U=分析可知，U 变为原来的两倍．故C 错误．D 、根据电容的决定式4sC k dεπ= 可知，4Q k dQ U C s πε==，由U E d =分析知，4πk Q E s ε=；则可知，E 与两板间的距离无关，与Q 成正比，则将d 和Q 变为原来的一半，则E 减半．故D 错误． 综上所述本题答案是：A【分析】保持U 不变，根据公式UE d=分析E 与d 的关系；保持E 不变，U 与d 正比；保持d 不变，C 不变，根据QC U=分析Q 与U 的关系 2. 静止的城市绿化洒水车，由横截面积为S 的水龙头喷嘴水平喷出水流，水流从射出喷嘴到落地经历的时间为t ，水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为θ，忽略空气阻力，以下说法正确的是（ ） A. 水流射出喷嘴的速度为2tan θgtB. 空中水柱的水的体积为22tan Sgt θC. 水流落地时位移大小为22sin gt θD. 水流落地时的速度为2cot θgt【答案】BC 【解析】【详解】A ．水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为θ，则有200tan 22y gt gtx v t v θ===故02tan gtv θ=故A 错误； B ．空中水柱的水量202tan Sgt Q Sv t θ==故B 正确；C ． 水流落地时，竖直方向位移212h gt =，根据几何关系得，水流落地时位移大小为 2sin 2sin h gt s θθ==故C 正确；D ．水流落地时，竖直方速度v y =gt ，则水流落地时的速度222014(tan )2tan y gtv v v θθ=+=+故D 错误。
河北省定州中学高中物理毕业班下学期期中试题(2021年整理)
河北省定州中学2018届高中物理毕业班下学期期中试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（河北省定州中学2018届高中物理毕业班下学期期中试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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河北省定州中学2018届高中物理毕业班下学期期中试题一、选择题1．一轻弹簧的一端固定在倾角为θ的固定光滑斜面的底部，另一端和质量为2m的小物块A 相连，质量为m的小物块B紧靠A静止在斜面上，如图所示，此时弹簧的压缩量为x0。
从t=0时开始，对B施加沿斜面向上的外力，使B始终做加速度为a的匀加速直线运动.经过一段时间后，物块A、B分离。
弹簧的形变始终在弹性限度内，重力加速度大小为g.若θ、m、x0、a 均已知，则下列说法正确的是（）A. 根据已知条件,可求出从开始到物块A、B分离所用的时间B. 根据已知条件,可求出物块A、B分离时的速度大小C。
物块A、B分离时,弹簧的弹力恰好为零D. 物块A、B分离后,物块A开始减速2．如图所示，垂直于纸面向里的匀强磁场分布在矩形abcd区域内,且，0点是cd边的中点.一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从0点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内,经过时间后刚好从c点射出磁场，现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形内,那么下列说法中正确的是A. 若该带电粒子在磁场中经历的时间是,则它可能从c点射出磁场B. 若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从a 点射出磁场C. 若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从ab 边中点射出磁场D. 该带电粒子在磁场中运动的时间不可能为3．在光滑水平面内有一沿x 轴方向的静电场，其电势φ随坐标x 变化的图线如图所示(φ0、－φ0、x 1、x 2、x 3、x 4均已知）．现有一质量为m 、电荷量为q 的带负电小球(不计重力）从O 点以某一未知初速度v 0沿x 轴正方向射出，则下列说法正确的是（ ）A 。
河北省定州中学2018届高三上学期期末考试物理试题(精品解析版)
河北省定州中学2018届高三（承智班）上学期期末考试物理试题一、选择题1. 亚丁湾索马里海域六艘海盗快艇试图靠近中国海军护航编队保护的商船，中国特战队员成功将其驱离。
假如其中一艘海盗快艇在海面上运动的V—t图象如图所示，设运动过程中海盗快艇所受阻力不变。
则下列说法正确的是A. 海盗快艇在0～66s内从静止出发做加速度增大的加速直线运动B. 海盗快艇在96s末开始调头逃离C. 海盗快艇在66s末离商船最近D. 海盗快艇在96s～116s内做匀减速直线运动【答案】B【解析】试题分析：在速度-时间图象中切线的斜率表示加速度；海盗快艇在0～66s内从静止出发，曲线的斜率越来越小，即加速度越来越小，故A错误．在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以图象中前96s内速度为正数即物体向正方向运动，96s后速度为负数即物体向负方向运动，海盗快艇在96s末开始调头逃离，此时离商船最近，故B正确，C错误．快艇在96s～116s内做匀加速直线运动，故D错误。
故选B。
考点：本题考查了图象【名师点睛】2. 一圆环形铝质金属圈（阻值不随温度变化）放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直于金属圈平面（即垂直于纸面）向里，如图甲所示。
若磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示，那么第3s内金属圈中( )A. 感应电流逐渐增大，沿逆时针方向B. 感应电流恒定，沿顺时针方向C. 圆环各微小段受力大小不变，方向沿半径指向圆心D. 圆环各微小段受力逐渐增大，方向沿半径指向圆心【答案】D【解析】试题分析：从图乙中可得第3s内垂直向里的磁场均匀增大，穿过线圈垂直向里的磁通量增大，由楞次定律可得，感应电流为逆时针方向；根据法拉第电磁感应定律可得线圈产生的感应电动势为，根据欧姆定律产生的感应电流为，正比于，第3s内磁通量的变化率恒定，所以产生的感应电流恒定，AB错误；圆环各微小段受安培力，由于磁场逐渐增大，电流不变，根据公式，可得圆环各微小段受力逐渐增大，由左手定则可得，安培力的方向沿半径指向圆心．故C错误；D正确．考点：考查了电磁感应与图像3. 如图所示，物体A、B用细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮．A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B悬挂着．已知质量m A＝3m B，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么下列说法中正确的是（）A. 弹簧的弹力将增大B. 物体A对斜面的压力将增大C. 物体A受到的静摩擦力将减小D. 物体A可能被拉动【答案】BC【解析】试题分析：对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=m B g，则知弹簧的弹力不变，故A错误；原来有3m B gsin 45°-m B g=f1，后来3m B gsin 30°-m B g＜f1，可见物体A并未滑动，而且静摩擦变小．物体A对斜面的压力为：N=m A gcosθ，θ减小，N将增大，故BC正确．物体A所受的最大静摩擦力，因为N变大，故最大静摩擦力变大，而静摩擦力减小，故物体A不可能被拉动，选项D错误．故选BC。
2017-2018学年河北省定州中学高二下学期期中考试物理试题 解析版
2017-2018学年河北省定州中学高二下学期期中考试物理试题解析版一、选择题（1—13题多选，14—20题单选）1. 如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为，b是原线圈中心的抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为，则（）A. 当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22VB. 当时，电压表的读数为C. 单刀双据开关与a连接，当滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，电压表的示数增大，电流表示数变小D. 当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表和电流表A的示数均变大【答案】CD【解析】当单刀双掷开关与a连接时，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的最大值为，副线圈电压的有效值为，但是不知道电阻R0的大小，所以不能计算滑动变阻器的电压，故A错误；根据瞬时值表达式可知，原线圈的电压的有效值为220V，所以电压表V0的读数为220V，所以B错误；当滑动变阻器触头P向上移动的过程中，滑动变阻器的电阻变大，电路的总电阻变大，电流变小，电阻R0电压减小，滑动变阻器的电压变大，所以电压表的示数变大，所以C正确；若当单刀双掷开关由a扳向b时，理想变压器原、副线圈的匝数比由10：1变为5：1，所以输出的电压升高，电压表和电流表的示数均变大，所以D正确。
2. 根据实际需要，磁铁可以制造成多种形状，如图就是一根很长的光滑圆柱形磁棒，在它的侧面有均匀向外的辐射状磁场。
现将磁棒竖直固定在水平地面上，磁棒外套有一个粗细均匀的圆形金属线圈，金属线圈的质量为m，半径为R，电阻为r，金属线圈所在位置的磁场的磁感应强度大小为B。
让金属线圈从磁棒上端由静止释放，经一段时间后与水平地面相碰(碰前金属线圈已达最大速度)并原速率反弹，又经时间t，上升到距离地面高度为h处速度减小到零。
下列说法中正确的是（）A. 金属线圈与地面撞击前的速度大小B. 撞击反弹后上升到最高处h的过程中，通过金属线圈某一截面的电荷量C. 撞击反弹后上升到最高处h的过程中，金属线圈中产生的焦耳热D. 撞击反弹后上升到最高处h的过程中，通过金属线圈某一截面的电荷量【答案】ABC【解析】A. 线圈第一次下落过程中有E=B⋅2πRv，I=E/r、F A=BIL=BI⋅2πR，得安培力大小为：F A=根据牛顿第二定律得：mg−F A=ma可知线圈做加速度减小的加速运动，当a=0时，速度最大，代入求得最大速度为：v m=，故A正确；B. 反弹后上升的过程中某一时刻，由牛顿运动定律得：mg+BI⋅2πR=ma则得：mg△t+BI⋅2πR⋅△t=ma△t在一段微小时间△t内，速度增量为△υ=a△t，通过线圈截面电量为：△q=I△t则：△q=得到：∑△q=∑，又∑ma△t=∑m△v=mv m=，∑mg△t=mgt1，故：q=，故B正确，D错误；C．撞击反弹后上升到最高处h的过程中，最大动能一部分转化为重力势能，一部分转化为金属线圈中产生的焦耳热，金属线圈中产生的焦耳热Q=-mgh= ，故C正确故选：ABC.点睛：线圈下落过程中垂直切割磁感线，产生感应电动势，由E=BLv、I=E/r、F A=BIL得到安培力的表达式，由牛顿第二定律分析线圈加速度的变化，判断线圈的运动情况：安培力逐渐增大，加速度逐渐减小，当安培力与重力平衡时，线圈做匀速直线运动，速度达到最大，由平衡条件可求出最大速度；根据牛顿第二定律得到反弹上升过程中线圈加速度的表达式，采用积分法求出电量q；根据能量转化与守恒定律，求金属线圈中产生的焦耳热。
2018届河北省定州中学高三上学期期中考试物理试题(解析版)
2018届河北省定州中学高三上学期期中考试物理试题（解析版）一、选择题1. 平行板电容器两极板之间的距离为d、电压为U、电场强度大小为E，两极板所带的电荷量为Q．下列说法正确的是（）A. 保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B. 保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C. 保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D. 将d和Q变为原来的一半，则E不变【答案】A【解析】A、保持U不变，将d变为原来的两倍，根据公式可知，E变为原来的一半．故A正确．B、保持E不变，将d变为原来的一半，由U=Ed可知，U变为原来的一半．故B错误．C、保持d不变，根据电容的决定式可知，电容C不变，将Q变为原来的两倍，由公式分析可知，U变为原来的两倍．故C错误．D、根据电容的决定式可知，，由分析知，；则可知，E与两板间的距离无关，与Q成正比，则将d和Q变为原来的一半，则E减半．故D错误．综上所述本题答案是：A【分析】保持U不变，根据公式分析E与d的关系；保持E不变，U与d正比；保持d不变，C不变，根据分析Q与U的关系2. 静止的城市绿化洒水车，由横截面积为S的水龙头喷嘴水平喷出水流，水流从射出喷嘴到落地经历的时间为t，水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为θ，忽略空气阻力，以下说法正确的是（）A. 水流射出喷嘴的速度为B. 空中水柱的水的体积为C. 水流落地时位移大小为D. 水流落地时的速度为【答案】BC【解析】A：水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为θ，则有，故，故A错误；B：空中水柱的水量，故B正确；C：水流落地时，竖直方向位移，根据几何关系得：水流落地时位移大小为，故C正确；D：水流落地时，竖直方向速度v y=gt，则水流落地时的速度，故D错误。
3. 一个同学在做研究平抛运动实验时，只在纸上记下y轴位置，并在坐标纸上描出如下图所示曲线．现在我们在曲线上取A、B两点，用刻度尺分别量出它们到y轴的距离AA′=x1，BB′=x2，以及AB的竖直距离h，从而求出小球抛出时的初速度v0为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】设初速度为v0，则从抛出点运动到A所需的时间t1=，从抛出点运动到B所需的时间t2=，在竖直方向上有：代入t1、t2，解得：v0=．故A正确4. 如图，可视为质点的小球位于半圆柱体左端点A的正上方某处，以初速度v0水平抛出，其运动轨迹恰好能与半圆柱体相切于B点．过B点的半圆柱体半径与水平方向的夹角为30°，则半圆柱体的半径为（不计空气阻力，重力加速度为g）（）A. B. C. D.【答案】C【解析】飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，知速度与水平方向的夹角为30°，设位移与水平方向的夹角为θ，则有，因为，则是竖直位移为：，联立以上各式解得：，故C正确。
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2017-2018学年河北省保定市定州中学高三（下）期中物理试卷一、单选题1.如图所示，间距为L的足够长的平行金属导轨固定在斜面上，导轨一端接入阻值为R的定值电阻，t=0时，质量为m的金属棒由静止开始沿导轨下滑，t=T时，金属棒的速度恰好达到最大值vm，整个装置处于垂直斜面向下、磁感应强度为B的匀强磁场中，已知金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒在运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，金属棒及导轨的电阻不计，下列说法正确的是( )A. 时，金属棒的速度大小为B. 0～T的过程中，金属棒机械能的减少量等于R上产生的焦耳热C. 电阻R在0～内产生的焦耳热小于～T内产生的焦耳热D. 金属棒0～内机械能的减少量大于～T内机械能的减少量【答案】C【解析】A项：速度达到最大值前金属棒做加速度减小的加速运动，故相同时间内速度的增加量减小，所以时，金属棒的速度大于，故A错误；B项：由能量守恒，的过程中，金属棒机械能的减小等于R上产生的焦耳热和金属棒与导轨间摩擦生热之和，故B错误；C项：内金属棒的位移小于的位移，金属棒做加速运动，其所受安培力增大，所以内金属棒克服安培力做功更多，产生的电能更多，电阻R上产生的焦耳热更多，故C正确；D项：内的位移比内的位移大，故内滑动摩擦力对金属棒做功多，由功能关系得，内金属棒机械能的减小量更多，故D错误。
点晴：解决本题关键理解导体棒克服安培力做功等整个回路中产生的焦耳热，注意导体棒与导轨间还有摩擦产生热量，综合功能关系即可求解。
2.如图甲所示，轻杆一端与质量为1kg、可视为质点的小球相连，另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动，现使小球在竖直平面内做圆周运动，经最高点开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v随时间t的变化关系如图乙所示，A、B、C三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点，该三点的纵坐标分别是1、0、取，不计空气阻力，下列说法正确的是A. 轻杆的长度为B. 小球经最高点时，杆对它的作用力方向竖直向上C. B点对应时刻小球的速度为D. 曲线AB段与坐标轴所围图形的面积为【答案】B【解析】【分析】已知小球在ABC三个点的速度，A到C的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律即可求出杆的长度；结合小球过最高点的受力的特点，即可求出杆对小球的作用力的方向；由机械能守恒可以求出B点的速度；由于y轴表示的是小球在水平方向的分速度，所以曲线AB段与坐标轴所围图形的面积表示A到B的过程小球在水平方向的位移．【详解】设杆的长度为L，小球从A到C的过程中机械能守恒，得：，解得，故A错误。
若小球在A点恰好对杆的作用力是0，则有，解得。
由于小球在A点的速度小于临界速度，所以小球做圆周运动需要的向心力小于重力，杆对小球的作用力的方向向上，故是竖直向上的支持力。
故B正确。
小球从A到B的过程中机械能守恒，得，所以，故C错误。
由于y轴表示的是小球在水平方向的分速度，所以曲线AB段与坐标轴所围图形的面积表示A到B的过程小球在水平方向的位移，大小等于杆的长度，即。
故D错误。
故选B。
【点睛】该题考查竖直平面内的圆周运动，将牛顿第二定律与机械能守恒定律相结合即可正确解答.该题中的一个难点是D选项中“曲线AB段与坐标轴所围图形的面积”的意义要理解．3.如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行。
现给小滑块施加一个竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有A. 小球对斜劈的压力保持不变B. 轻绳对小球的拉力先减小后增大C. 竖直杆对小滑块的弹力先增大再减小D. 对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大【答案】D【解析】【详解】A、B、对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，如图所示：根据平衡条件可知，细线的拉力T增加，支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小；故A、B错误。
C、D、对球和滑块整体分析，受重力、斜面的支持力N，杆的支持力N′，拉力F，如图所示：根据平衡条件，有：水平方向：N′=N sinθ，竖直方向：F+Ncosθ=G，由于N减小，故N′减小，F增加；故C错误、D正确。
故选D。
【点睛】本题考查共点力平衡条件的应用，关键是正确选择采用整体法和隔离法，灵活地选择研究对象，然后根据平衡条件并结合图示法和正交分解法分析即可。
通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法。
有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用。
二、多选题4.如图所示，固定在竖直面内的光滑绝缘圆环半径为R，圆环上套有质量分别为m和2m的两个带电的小球A、B（均可看作质点），小球A带正电，小球B带负电，带电荷量均为q，且小球A、B用一长为2R的轻质绝缘细杆相连，竖直面内有竖直向下的匀强电场（未画出），电场强度大小为E=．现在给小球一个扰动，使小球A从最高点由静止开始沿圆环下滑，已知重力加速度为g，在小球A滑到最低点的过程中，下列说法正确的是（）A. 小球A减少的机械能等于小球B增加的机械能B. 细杆对小球A和小球B做的总功为0C. 小球A的最大速度为D. 细杆对小球B做的功为mgR【答案】BC【解析】由于电场力做功，两个球系统机械能不守恒，故A球增加的机械能不等于B球减少的机械能，故A错误；细杆对小球A和小球B的力等大反向，为系统内弹力，所以细杆对小球A和小球B做的总功为0，故B 错误；当A球运动到最低点时，电场力对系统做功4EqR=4mgR，速度最大，有：4mgR+mg•2R-2mg•2R=（m+2m）v2解得：v=，故C正确；对B球，利用动能定理可得，W+2mgR-2mg•2R=×2mv2-0，解得细杆对B球所做的功W=-mgR，故D错误；故选C。
5.质量为m电量为的小滑块(可视为质点)，放在质量为M的绝缘长木板左端，木板放在光滑的水平地面上，滑块与木板之间的动障擦因数为，木板长为L，开始时两者都处于静止状态，所在空间存在范围足够大的一个方向竖直向下的匀强电场E，恒力F作用在m上，如图所示，则（）A. 要使m与M发生相对滑动，只须满足B. 若力F足够大，使得m与M发生相对滑动，当m相对地面的位移相同时，m越大，长木板末动能越大C. 若力F足够大，使得m与M发生相对滑动，当M相对地面的位移相同时，E越大，长木板末动能越小D. 若力F足够大，使得m与M发生相对滑动，E越大，分离时长本板末动能越大【答案】BD【解析】A、m所受的最大静摩擦力为,则根据牛顿第二定律得,计算得出.则只需满足,m与M发生相对滑动.故A错误.B、当M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律得,m的加速度,知m越大,m的加速度越小,相同位移时,所以的时间越长,m越大,m对木板的压力越大,摩擦力越大,M的加速度越大,因为作用时间长,则位移大,根据动能定理知,长木板的动能越大.所以B选项是正确的.C、当M与m发生相对滑动,E越大,m对M的压力越大,摩擦力越大,则M相对地面的位移相同时,根据动能定理知,长木板的动能越大.故C.错误D、根据知,E越大,m的加速度越小,M的加速度越大，知时间越长,因为E越大,M的加速度越大,则M的位移越大,根据动能定理知,分离时长木板的动能越大.所以D选项是正确的.，故选BD点睛：当m与M的摩擦力达到最大静摩擦力,M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律求出F的最小值.当F 足够大时,M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律,结合运动学公式和动能定理判断长木板动能的变化.6.如图所示，处于竖直平面内的正六边形金属框架ABCDEF、可绕过C点且与平面垂直的水平轴自由转动，该金属框架的边长为L，中心记为O，用两根不可伸长、长度均为L的轻质细线将质量为m的金属小球悬挂于框架的A、E两个顶点并处于静止状态，现令框架绕转轴、沿顺时针方向缓慢转过90°角，已知重力加速度为g，在包括初、末状态的整个转动过程中下列说法正确的是( )A. 细线OA中拉力最大值为mgB. 细线OE中拉力最大值为C. 细线OA中拉力逐渐增大D. 细线OE中拉力逐渐减小【答案】BD【解析】对小球进行受力分析，如图所示，Mg的对角始终为1200，设F TA的对角为，F TE的对角为，缓慢转动过程中，小球始终受力平衡，由正弦定理得，角由1500减小到600，F TA先增大后减小，当时，F TA最大，最大值为，故A、C错误；角由900增加到1800，F TE减小到0，当时，F TE最大，最大值为，故B、D正确。
点晴：解决本题关键正确的受力分析，判断出角度的变化，由正弦定理求解。
7.如图所示，一半径为R的光滑半圆形细轨道，其圆心为O，竖直固定在地面上。
轨道正上方离地高为h 处固定一水平光滑长直细杆，杆与轨道在同一竖直平面内，杆上P点处固定一定滑轮，P点位于O点正上方。
A、B是质量均为m的小环，A套在杆上，B套在轨道上，一条不可伸长的轻绳通过定滑轮连接两环。
两环均可看作质点，且不计滑轮大小与摩擦。
现对A环施加一水平向右的力F，使B环从地面由静止开始沿轨道运动。
则A. 若缓慢拉动A环，B环缓慢上升至D点的过程中，F一直减小B. 若缓慢拉动A环，B环缓慢上升至D点的过程中，外力F所做的功等于B环机械能的增加量C. 若F为恒力，B环最终将静止在D点D. 若F为恒力，B环被拉到与A环速度大小相等时，【答案】ABD【解析】【分析】作出B环的受力图，由合成法和三角形相似法分析F的变化。
根据功能关系可知，外力F所做的功等于AB组成的系统机械能的增加量，当PB线与圆轨道相切时两球速度大小相等，若F为恒力，且B环能运动到D点速度不为零时，B环会经过D点之后将会沿半圆形轨道运动至右侧最低点，然后沿轨道返回左侧最低点，之后将重复运动。
【详解】以B环研究对象，根据力的三角形和相似可得，，，PO不变，PB减小，则绳子的拉力T慢慢减小，F减小。
故A正确。
根据功能关系可知，外力F所做的功等于AB组成的系统机械能的增加量，缓慢拉动A，则A的动能不变，A的高度不变，重力势能不变，则A的机械能不变，所以外力F所做的功等于B环机械能的增加量，故B 正确。
若F为恒力，且B环能运动到D点速度不为零时，B环会经过D点之后将会沿半圆形轨道运动至右侧最低点，然后沿轨道返回左侧最低点，之后将重复运动，故C错误。
当PB线与圆轨道相切时，，根据数学知识有，故D正确。
故选ABD。
【点睛】本题连接体问题，从功能关系研究两环能量的变化关系，关键要知道当PB线与圆轨道相切时两环的速度大小相等。
8.将一总电阻为1Ω，匝数n=4的线圈放在匀强磁场中，已知磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻其穿过线圈的磁通量按图示规律变化，则（）A. 在0～8s内与8s～10s内线圈内的电流方向相同B. 在0～8s内通过线圈导线截面的电荷量为8CC. 在8s～10s线圈中感应电动势为1VD. 现象中产生交变电流的有效值为2A【答案】BD【解析】由楞次定律可以判断，回路中的电流方向改变，A错误；在0~8s内，，B正确；，在8s~10s感应电动势，C错误；根据电流的热效应，，其中，解得I=2A，D正确。