河北省保定市高阳中学2015届高三下学期第六次周练物理试题 (Word版缺答案)

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河北省保定市高阳中学高三物理下学期周练试卷(58)(含

2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（下）周练物理试卷（58）一、选择题1．下列说法正确的是（）A．气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行B．大颗粒的盐磨成了细盐，就变成了非晶体C．自行车打气越打越困难主要是因为胎内气体压强增大而非分子间相互排斥的原因D．气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度都有关考点：封闭气体压强；气体压强的微观意义．专题：气体的压强专题．分析：熵增加原理，气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行．解答：解：A、根据热力学第二定律：气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，A正确；B、大颗粒的盐磨成了细盐，仍然是晶体，B错误；C、气体间分子间距较大，此时分子间作用力已经接近为零，故自行车打气越打越困难主要是因为胎内气体压强增大而非分子间相互排斥的原因，C正确；D、气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数取决于分子密集程度和分子平均速率，分子密集程度即单位体积内气体的分子数，而气体分子的平均速率与温度有关，故气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度都有关．故D正确．故选：ACD．点评：根据分子动理论、热力学定律等基础知识分析答题，并知道压强的微观解释．2．（3分）下列说法不正确的是（）A．由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可以估算出该种气体分子的大小B．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C．分子间的引力随分子间距离的增大而增大，分子间的斥力随分子间距离的增大而减小D．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体考点：热力学第二定律；分子间的相互作用力．专题：热力学定理专题．分析：气体分子的大小不能估算出来．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动越明显．分子间的引力随分子间距离的增大而减小．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体．解答：解：A、由阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可以估算该种气体分子之间距离的大小，由于气体分子的间距较大，所以不能估算分子的大小；故A错误；B、布朗运动的激烈程度与温度的高低和固体颗粒的大小有关，悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显．故B正确；C、分子间引力和斥力都随分子间距离的增大而减小．故C错误；D、根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体而不引起其他的变化．但在外界影响下热量也能从低温物体传到高温物体．故D错误．本题选错误的，故选：ACD．点评：固体考查到分子大小的估算方法、布朗运动、分子之间的相互作用与热力学第二定律，都是3﹣3中要求理解的知识点，是热学中的重点内容，要牢记．3．（3分）在以下事例中，只是通过热传递的方式来改变物体内能的是（）A．点燃的爆竹在空中爆炸B．冬天暖气片为房间供暖C．汽车的车轮与地面相互摩擦发热D．两小球碰撞后粘合起来，同时温度升高考点：改变内能的两种方式．分析：（1）热传递是能的转移过程，即能量从高温物体向低温物体转移，在此过程中能的形式不发生变化；（2）做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式改变了．解答：解：A、点燃的爆竹在空中爆炸有通过外界做功获得的能量；故A错误；B、冬天暖气片为房间供暖是通过高温物体向低温物体传递能量来进行的；故B正确；C、汽车的车轮与地面相互摩擦发热是通过做功实现的；故C错误；D、两小球碰撞时相互做功而使温度升高；故D错误；故选：B．点评：本题考查了改变内能方式的判断，知道做功和热传递都可以改变物体的内能，但是二者的本质不同4．（3分）关于热学知识的下列叙述中正确的是（）A．温度降低，物体内所有分子运动的速率不一定都变小B．布朗运动就是液体分子的热运动C．第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的D．在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加考点：热力学第二定律；布朗运动．分析：温度是分子平均动能变化的标志．布朗运动是悬浮在液体中颗粒的无规则运动．根据第二类永动机的原理分析C项．改变物体内能的两种方式是热传递和做功．解答：解：A、温度是分子平均动能变化的标志．温度降低，分子平均动能减小，但由于分子运动是无规则的，个别分子速度不一定都变小，故A正确B、布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的运动，不是液体分子的热运动，固体微粒运动的无规则性，反映了液体分子运动的无规则性，故B错误；C、第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，所以制造不出来．故C正确．E、改变物体内能的两种方式是热传递和做功．在绝热条件下压缩气体，对气体做正功，气体与外界没有热交换，根据热力学第一定律知气体的内能一定增加，故D正确．故选：ACD．点评：解决该题要注意固体微粒运动和液体分子的运动是不同的两个运动，知道改变物体内能的两种方式，掌握热力学第一定律和热力学第二定律的内容，要注意平时多看课本，不断积累，多和生活实际联系加强理解和记忆．5．（3分）以下说法正确的是（）A．分子间距离增大时，分子势能也增大B．已知某种液体的密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，则该液体分子间的平均距离可以表示为或C．空气压缩到一定程度很难再压缩是因为分子间存在斥力的作用D．液体的饱和汽压与温度和液体的种类有关考点：分子势能；分子间的相互作用力．分析：分子力做正功时分子势能减小，而分子力做负功时，分子势能增大；而分子力做功要根据分子间的相互作用力的方向进行判断；根据阿伏加德罗常数意义可明确分子间的距离；气体分子间距离较大，分子间的相互作用力可以忽略；液体的饱和汽压取决于液体的种类以及温度．解答：解：A、分子间距离增大时，分子力可能做正功也可能做负功；故分子势能不一定增大；故A错误；B、液体的摩尔体积为V=由题，液体分子看做是球体，且分子间的距离可忽略不计，则液体分子的体积为V0==由V0=得R==所以分子间距为2R=，故B正确．C、空气压缩到一定程度很难再压缩是因为气体压强的原因；故C错误；D、液体的饱和汽压与温度和液体的种类有关；故：D正确；故选：BD．点评：本题考查液体分子大小的计算、分子之间的作用力的变化规律以及饱和汽的压强的影响因素等热学的知识点的内容，属于对基础知识的考查，在平时的学习过程中多加积累即可．6．（3分）下列说法中正确的是（）A．根据热力学第二定律可知热机效率不可能达到百分之百B．空气相对湿度越大时，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢C．由于液体表面层分子间距离小于液体内部分子间距离，液体表面存在张力D．一定质量的理想气体在等温变化时，内能不改变，但可能与外界发生热交换考点：热力学第二定律；* 液体的微观结构．分析：本题根据根据热力学第二定律、空气相对湿度的意义、液体表面张力产生的原因和热力学第一定律分析．解答：解：A、热力学第二定律的内容：一种表述是：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响，可知热机效率不可能达到百分之百．故A正确．B、空气相对湿度越大时，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢．故B正确．C、由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子间作用力表现为引力，所以液体表面存在张力，故C错误．D、一定质量的理想气体在等温变化时，内能不改变，体积变化，与外界有热交换，故D正确．故选：ABD．点评：本题关键要掌握热力学第二定律的两种表述方法，知道热机的效率不可能达到百分之百．气体状态变化时，往往根据热力学第一定律分析热交换情况，分析时要抓住一定质量的理想气体的内能只跟温度有关．7．（3分）如图是分子间引力（或斥力）大小随分子间距离变化的图象，下列说法正确的是（）A．ab表示引力图线B．当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子势能为零C．当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子力为零D．当分子间距离小于两曲线交点横坐标时，分子力表现为斥力考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，引力和斥力都随分子间距离的变化而变化，斥力比引力变化的快；分析清楚图示图象，然后答题．解答：解：A、由图示图象可知，所分子间距离r的增大，ab所示图象表示的力减小的慢，cd图线表示的力减小的快，则ab表示分子间的引力图线，故A正确；B、当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子间的引力与斥力相等，分子间的作用力为零，此时分子势能最小，但并不一定为零，故B错误，C正确；D、由图示图线可知，当分子间距离小于两曲线交点的横坐标时，分子间的斥力大于分子间的引力，分子力表现为斥力，故D正确；故选：ACD．点评：本题考查了分子间的作用力问题，分子间同时存在相互作用的引力与斥力，分子间的作用力都随分子间距离的变化而变化，但斥力比引力变化的快，分析清楚图示图线即可解题．8．一定质量的理想气体由状态A变化到状态B，气体的压强随热力学温度变化如图所示，则此过程（）A．气体的密度增大B．外界对气体做功C．气体从外界吸收了热量D．气体分子的平均动能增大考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：由图象可知，由A到B过程，气体温度不变，压强变大，由玻意耳定律可以判断出气体体积如何变化；气体体积变大，气体对外做功，体积减小，外界对气体做功；温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由温度决定．解答：解：由图线可知，在从A到B的过程中，气体温度不变，压强变大，由玻意耳定律可知，气体体积变小，V B＜V A；A、气体质量不变，体积变小，由密度公式可知气体密度变大，故A正确；B、气体体积变小，外界对气体做功，故B正确；C、气体温度不变，内能不变，△U=0，外界对气体做功，W＞0，由热力学第一定律△U=Q+W可知：Q＜0，气体要放出热量，故C错误；D、气体温度不变，分子平均动能不变，故D错误；故选AB．点评：根据图象，应用玻意耳定律判断出气体体积如何变化是正确解题的前提与关键，判断气体是吸热还是放热，要注意热力学第一定律的应用．9．如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，右管有一段高为h的水银柱，中间封有一段空气，则（）A．弯管左管内外水银面的高度差为hB．若把弯管向上移动少许，则管内气体体积增大C．若把弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升D．若环境温度升高，则右管内的水银柱沿管壁上升考点：气体的实验定律；气体压强的微观意义．专题：压轴题．分析：对右管中的水银受力分析知，管中气体压强比大气压强高hcmHg，则可知道弯管左管内外水银面的高度差；弯管上下移动，封闭气体温度和压强不变，体积不变；环境温度升高，气体压强不变，封闭气体体积增大，则右管内的水银柱沿管壁上升．解答：解：A、对右管中的水银受力分析知，管中气体压强比大气压强高hcmHg，所以弯管左管内外水银面的高度差为h．故A正确．B、弯管上下移动，封闭气体温度和压强不变，体积不变．故B错误．C、封闭气体温度和压强不变，体积不变．所以弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升．故C正确．D、环境温度升高，气体压强不变，封闭气体体积增大，则右管内的水银柱沿管壁上升．故D正确．故选ACD．点评：解决本题的关键知道封闭气体的压强等于大气压与水银柱产生压强之差，所以里面封闭气体的压强不变．二、解答题（共4小题，满分46分）10．在“用油膜法估测分子的大小”实验中，用a mL的纯油酸配制成b mL的油酸酒精溶液，再用滴管取1mL油酸酒精溶液，让其自然滴出，共n滴．现在让其中一滴落到盛水的浅盘内，待油膜充分展开后，测得油膜的面积为S cm2，则：（1）估算油酸分子的直径大小是cm．（2）用油膜法测出油酸分子的直径后，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的 B ．A．摩尔质量 B．摩尔体积 C．质量D．体积．考点：用油膜法估测分子的大小．专题：实验题．分析：（1）由题先得到油酸酒精溶液的浓度，求出一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积，由于形成单分子油膜，油膜的厚度等于分子直径，由d=求解分子直径的大小．（2）阿伏加德罗常数等于油酸的摩尔体积除以一个分子的体积，列式分析，确定需要知道什么物理量．解答：解：（1）据题得：油酸酒精溶液的浓度为，一滴酸酒精溶液的体积为mL，一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为V== mL，则油酸分子的直径为 d== cm（2）设一个油酸分子的体积为V1，则V1=由N A=可知，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的摩尔体积．故B正确．故选：B．故答案为：（1）；（2）B点评：本题关键是明确用油膜法估测分子的大小实验的原理，理解阿伏加德罗常数的意义，把握宏观与微观之间的联系．11．长L=1m的汽缸固定在水平面上，汽缸中有横截面积S=100cm2的光滑活塞，活塞封闭了一定质量的理想气体．当温度t=27℃，大气压p0=1×105Pa时，气柱长度l=90cm，汽缸和活塞的厚度均可忽略不计．①如果温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸右端口，此时水平拉力F的大小是多少？②如果汽缸内气体温度缓慢升高，使活塞缓慢移至汽缸右端口时，气体温度为多少摄氏度？考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：①封闭气体等温变化，根据玻意耳定律列式求解；②封闭气体等压变化，根据盖吕萨克定律列式求解；解答：解：①设活塞缓慢到达汽缸端口时，被封气体压强为p1，则：p1S=p0S﹣F ①由玻意耳定律p0lS=p1LS ②①②联立解得：F=100 N．②由等压变化规律得：解得：t'=T﹣273 K=60℃．答：①如果温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸右端口，此时水平拉力F的大小是100N②如果汽缸内气体温度缓慢升高，使活塞缓慢移至汽缸右端口时，气体温度为60摄氏度．点评：本题是气体问题，确定气体状态作何种变化是关键，要充分挖掘隐含的条件进行分析，选出合适的气体实验定理列式求解即可．12．（12分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A．其中，A→B和C→D为等温过程，B→C和D→A为绝热过程（气体与外界无热量交换）．这就是著名的“卡诺循环”．（1）该循环过程中，下列说法正确的是 C ．A．A→B过程中，外界对气体做功B．B→C过程中，气体分子的平均动能增大C．C→D过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D．D→A过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化（2）该循环过程中，内能减小的过程是B→C（选填“A→B”、“B→C”、“C→D”或“D→A”）．若气体在A→B过程中吸收63kJ的热量，在C→D过程中放出38kJ的热量，则气体完成一次循环对外做的功为25 kJ．（3）若该循环过程中的气体为1mol，气体在A状态时的体积为10L，在B状态时压强为A状态时的．求气体在B状态时单位体积内的分子数．（已知阿伏加德罗常数N A=6.0×1023mol﹣1，计算结果保留一位有效数字）考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：A→B过程中，体积增大，气体对外界做功，B→C过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，C→D过程中，等温压缩，D→A过程中，绝热压缩，外界对气体做功，温度升高；由△U=Q+W知，气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ．解答：解：（1）A、A→B过程中，体积增大，气体对外界做功，A错误；B、B→C过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，气体分子的平均动能减小，B错误；C、C→D过程中，等温压缩，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，C正确；D、D→A过程中，绝热压缩，外界对气体做功，温度升高，气体分子的速率分布曲线发生变化，D错误；故选C（2）B→C过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，内能减小；由△U=Q+W知，气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ（3）A→B为等温过程，由玻意耳定律得：10p=pV，所以V=15L，在B状态时单位体积内的分子数：=4×1025个/m3；答案为（1）C；（2）B→C；25；（3）气体在B状态时单位体积内的分子数为4×1025个．点评：本题考查了理想气体状态方程，要理解各过程气体的变化，选择相应的状态方程．13．（14分）如图，两个侧壁绝热、顶部和底部都导热的相同汽缸直立放置，汽缸底部和顶部均有细管连通，顶部的细管带有阀门K．两汽缸的容积均为V0，汽缸中各有一个绝热活塞（质量不同，厚度可忽略）．开始时K关闭，两活塞下方和右活塞上方充有气体（可视为理想气体），压强分别为p0和；左活塞在汽缸正中间，其上方为真空；右活塞上方气体体积为．现使汽缸底与一恒温热源接触，平衡后左活塞升至汽缸顶部，且与顶部刚好没有接触；然后打开K，经过一段时间，重新达到平衡．已知外界温度为T0，不计活塞与汽缸壁间的摩擦．求：（1）恒温热源的温度T；（2）重新达到平衡后左汽缸中活塞上方气体的体积V x．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：（1）两活塞下方封闭的气体等压变化，利用盖吕萨克定律列式求解；（2）分别以两部分封闭气体，利用玻意耳定律列式求解．解答：解：（1）与恒温热源接触后，在K未打开时，右活塞不动，两活塞下方的气体经历等压过程，由盖吕•萨克定律得：=…①解得：T=T0…②（2）由初始状态的力学平衡条件可知，左活塞的质量比右活塞的大．打开K后，左活塞必须升至气缸顶才能满足力学平衡条件．气缸顶部与外界接触，底部与恒温热源接触，两部分气体各自经历等温过程，设在活塞上方气体压强为p，由玻意耳定律得：pV0=•…③对下方气体由玻意耳定律得：（p+p0）（2V0﹣Vx）=p0•V0…④联立③④式得：6V X2﹣V0V X﹣V02=0，解得：V X=V0，V X=﹣V0不合题意，舍去．答：（1）恒温热源的温度T为T0；（2）重新达到平衡后左汽缸中活塞上方气体的体积V x为V0．点评：本题涉及两部分气体状态变化问题，除了隔离研究两部分之外，关键是把握它们之间的联系，比如体积关系、温度关系及压强关系．。

河北省保定市高阳中学高三物理下学期2月月考试卷(含解析)

2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（下）月考物理试卷（2月份）一、单项选择题（本大题共6小题，每小题6分，共36分，每小题只有一个选项符合题意）1．处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合（如图），线圈的cd边离开纸面向外运动．若规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是（）A．B．C．D．考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电．则由楞次定则可判定感应电流的方向，图示时刻的电动势最大，电流最大．解答：解：cd边离开纸面向外运动开始计时，线圈磁通量在变大，则感应电流的磁场会阻碍其变大，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，根据右手定则得感应电流方向是a→b→c→d→a，与规定的正方向相同，此时感应电动势最大，感应电流也最大，是余弦图象．故ABD错误，C正确．故选：C．点评：本题的关键是知道在转动的瞬间，感应电动势最大，根据楞次定律判断感应电流的方向．2．一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动．穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图甲所示，则以下说法中正确的是（）A．t=0时刻，线圈平面与中性面垂直B．t=0.01 s时刻，Φ的变化率最大C．t=0.02 s时刻，交变电流的电动势达到最大D．该线圈产生的交变电流的电动势随时间变化的图象如图乙所示考点：法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：线圈在中性面时磁通量最大，电动势最小，与中性面垂直时，通过的磁通量最小，电动势为最大．解答：解：A、由甲图知t=0时刻磁通量最大，线圈平面应在中性面，A错误；B、t=0.01s时刻，磁通量等于零，但Φ的变化率达最大，B正确；C、t=0.02s时刻，磁通量最大，交流电动势为零，C错误；D、由甲图知交流电动势的图象应为正弦图象，D错误；故选：B．点评：了解交流电产生的原理，特别是两个特殊位置：中性面和垂直中性面时，磁通量和电动势的变化．3．电阻R1、R2和交流电源按照图甲所示方式连接，R1=10Ω，R2=20Ω．合上开关S后，通过电阻R2的正弦交变电流i随时间t变化的情况如图乙所示，则（）A．通过R1的电流的有效值是1.2 AB．R1两端的电压有效值是6 VC．通过R2的电流的有效值是1.2 AD．R2两端的电压有效值是6 V考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：根据图象可知流过电阻R2的电流最大值、有效值的大小，根据电阻的串联可进一步求得流过R1的电流和电压大小．解答：解：A、从图乙可以看出流过R2交流电电流的最大值I2m=0.6 A，通过R2电流的有效值是0.6A，通过R1的电流有效值也是0.6A，故A错误；B、R1两端的电压有效U1=I1R1=6 V，故B正确；C、从图乙可以看出，通过R2的电流最大值是0.6 A，故C错误；D、R2两端电压的有效值为0.6×20V=12V，最大电压是12V，故D错误；故选：B．点评：本题结合电阻的串联考查了交流的最大值和有效值关系，属于基础题目，平时要加强基础知识的训练．4．如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈接人一电压为u=U0sinωt的交流电源，副线圈接一个R=27.5Ω的负载电阻．若U o=220V，ω=100πrad/s，则下述结论正确的是（）A．副线圈中电压表的读数为55VB．副线圈中输出交流电的周期为sC．原线圈中电流表的读数为0.5AD．原线圈中的输入功率为110W考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：A、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220V，所以原线圈的电压的有效值为220V，由电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，故A错误．B、变压器不会改变电流的周期，则副线圈输出电流的周期为T==0.02s，故B错误．C、副线圈的电流I2===2A，根据电流与匝数成反比知原线圈电流==0.5A，故C正确，D、副线圈消耗功率P=I2R=4×27.5=110W，输入功率等于输出功率，D错误；故选C．点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．5．如图所示的电路中，有一自耦变压器，左侧并联一只理想电压表V1后接在稳定的交流电源上；右侧串联灯泡L和滑动变阻器R，R上并联一只理想电压表V2．下列说法中正确的是（）A．若F不动，滑片P向下滑动时，V1示数变大，V2示数变小B．若F不动，滑片P向下滑动时，灯泡消耗的功率变小C．若P不动，滑片F向下移动时，V1、V2的示数均变小D．若P不动，滑片F向下移动时，灯泡消耗的功率变大考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：自耦变压器，根据变压比公式判断输出电压的变化情况；根据闭合电路欧姆定律判断电流变化情况；根据串联电路的电流和电压特点判断电压表V2的情况．解答：解：A、B、设变压器的输入电压为U1，输出电压为U2；若F不动，根据变压比公式，输入电压U1不变，则输出电压U2也不变；滑片P向下滑动时，电阻R变大，根据闭合电路欧姆定律，干路电流减小，故小灯泡的电流减小，其电压和功率均减小，故会变暗；电阻R的电压：U V2=U2﹣IR L，由于电流减小，故电压U增加，电压表V2读数增加；故A错误，B正确；C、D、若P不动，滑片F向下移动时，输入电压U1不变，根据变压比公式，由于n2减小，故输出电压U2也减小；故灯泡消耗的功率减小，V2的示数也变小；故C错误，D错误；故选：B．点评：本题关键是包含变压器的电路动态分析问题，根据变压比公式分析输出电压的变化，结合串联电路的电压和电流关系特点分析小灯泡的功率变化情况．6．如图所示的区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度为B．电阻为R、半径为L、圆心角为45°的扇形闭合导线框绕垂直于纸面的O轴以角速度ω匀速转动（O轴位于磁场边界）．则线框内产生的感应电流的有效值为（）A．B．C．D．考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；导体切割磁感线时的感应电动势．专题：压轴题．分析：有效电流要根据有效电流的定义来计算，根据电流的热效应列出方程，可以求得有效电流的大小．解答：解：交流电流的有效值是根据电流的热效应得出的，线框转动周期为T，而线框转动一周只有的时间内有感应电流，则有（）2 R=I2RT，所以I=，所以D正确．故选：D．点评：本题就是考查电流有效值的计算，本题的关键是对有效值定义的理解，掌握好有效值的定义就可以计算出来了．二、多项选择题（本大题共3小题，每小题6分，共18分，每小题有多个选项符合题意）7．（6分）矩形线圈绕垂直匀强磁场磁感线的轴匀速转动，当线圈通过中性面时，下列说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量最大，线圈中感应电动势最大B．穿过线圈的磁通量最大，线圈中感应电动势等于零C．线圈中感应电流最大，方向将改变D．线圈中感应电流等于零，方向将改变考点：法拉第电磁感应定律．分析：矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，线圈中产生正弦式电流．在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零．线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次．解答：解：AB、在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大．在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零．故B正确，A错误．CD、当线圈通过中性面时，感应电流大小为零，但方向改变，故D正确，C错误；故选：BD．点评：本题考查正弦式电流产生原理的理解能力，抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大．8．如图甲、乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化．下列说法正确的是（）A．图甲表示交流电，图乙表示直流电B．两种电压的周期相等C．两种电压的有效值相等D．图甲所示电压的瞬时值表达式为u=311sin100πtV考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：解本题时应该掌握：交流电和直流电的定义，直流电是指电流方向不发生变化的电流；理解并会求交流电的有效值，U=只适用于正余弦交流电；根据图象书写交流电的表达；解答：解：A、由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A错误；B、由图可知，两电流的周期相同；故B正确；C、乙图不是正弦交流电，其有效值不等于V；故C错误；D、从图1可知，E m=311V，ω==100πrad/s，所以图1电压的瞬时值表达式为u=311sin100πtV，故D正确；故选：BD．点评：本题比较全面的涉及了关于交流电的物理知识，重点是交流电的描述和对于有效值的理解．9．在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有（）A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大考点：远距离输电；变压器的构造和原理．专题：常规题型．分析：正确解答本题需要掌握：理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压由输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系．理想变压器电压和匝数关系．解答：解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错误．B、由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI，可知输电线上的电流I线增大，根据U损=I线R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压U3=U2﹣U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故B错．C、根据，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确．D、根据η==，发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大．故D正确．故选：CD．点评：对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关．三、非选择题（本大题共3小题，共46分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）10．（10分）一台臭氧发生器P的电阻为10kΩ，当供电电压等于24V时能正常工作，否则不产生臭氧．现要用这种臭氧发生器制成自动消毒装置，要求它在有光照时能产生臭氧，在黑暗时不产生臭氧，拟用一个光敏电阻R1对它进行控制，R1的阻值在有光照时为100Ω，黑暗时为1 000Ω，允许通过的最大电流为3mA；电源E的电压为36V，内阻不计；另有一个滑动变阻器R2，阻值为0～100Ω，允许通过的最大电流为0.4A；一个开关S和导线若干．臭氧发生器P和光敏电阻R1的符号如图所示．设计一个满足上述要求的电路图，图中各元件要标上字母代号，其中滑动变阻器两固定接线柱端分别标上字母A、B．（电路图画在虚线框内）考点：闭合电路的欧姆定律．分析：由题意，臭氧发生器P有光照时能产生臭氧，黑暗时不产生臭氧，而光敏电阻有光照时电阻小，无光照时电阻大，可以利用光敏电阻与之串联，实现电压的调节．由于P需要电压小于电源的电压36V，而光敏电阻阻值与P小，可以将变阻器接成分压式．解答：解：由题意分析：臭氧发生器P有光照时能产生臭氧，黑暗时不产生臭氧，而光敏电阻有光照时电阻小，无光照时电阻大，可以利用光敏电阻与之串联，调节电压．由于P需要电压小于电源的电压36V，而光敏电阻阻值与P的阻值小，故可将变阻器接成分压式．电路如图：答：如图所示．点评：本题考查电路的设计能力，关键要掌握变阻器分压式接法的条件和光敏电阻的特性，确定变阻器和电路的连接方式．11．如图所示，一个半径为r的半圆形线圈，以直径ab为轴匀速转动，转速为n，ab的左侧有垂直于纸面向里（与ab垂直）的匀强磁场，磁感应强度为B，M和N是两个集流环，负载电阻为R，线圈、电流表和连接导线的电阻不计，求：（1）感应电动势的最大值；（2）从图示位置起转过转的时间内负载电阻R上产生的热量；（3）从图示位置起转过转的时间内通过负载电阻R的电荷量；（4）电流表的示数．考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．专题：交流电专题．分析：（1）根据题意得出感应电动势的最大值，从而画出图象；（2）根据△∅=B•△S求出从图示位置起转过圈的时间内，穿过线框平面的磁通量的变化量，再根据q=平均电流×时间．（3）电流表的示数由欧姆定律求得．解答：解：（1）线圈绕轴匀速转动时，在电路中产生如图所示的交变电流．此交变电动势的最大值为E m=BSω=B••2πn=π2Bnr2（2）在转动周期内导体一直切割磁感线，则产生的热量Q==（3）在线圈从图示位置转过转的时间内，电动势的平均值为=．通过R的电荷量q=•△t=•△t==（4）设此交变电动势在一个周期内的有效值为E′，由有效值的定义得解得．故电流表的示数为答：（1）感应电动势的最大值π2Bnr2（2）从图示位置起转过转的时间内通过负载电阻R的热量为；（3）从图示位置起转过转的时间内通过负载电阻R的电荷量（4）电流表的示数=点评：本题考查了法拉第电磁感应定律与闭合电路的欧姆定律的应用，掌握有效值与最大值的关系，求电量时要用平均电动势．12．发电机的端电压为220V，输出电功率为44kW，输电导线的电阻为0.2Ω，如果用原、副线圈匝数之比为1：10的升压变压器升压，经输电线路后，再用原、副线圈匝数比为10：1的降压变压器降压供给用户．（1）画出全过程的线路图．（2）求用户得到的电压和功率．（3）若不经过变压而直接送到用户，求用户得到的功率和电压．考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据升压变压器原副线圈的匝数比和输入电压，求出输出电压，从而得出输送的电流，根据P损=I2R求出输电线上损耗的功率．根据输电线上的电压损失得出降压变压器的输入电压，从而得出用户得到的电压．根据功率损失求出用户得到的功率解答：解：（1）全过程的线路图（2）根据得：U1=220×10V=2200V则输电线上的电流为：I2=A=20A损失的功率为：P损=I22R=400×0.2W=80W．输电线上损失的电压为：△U=I2R=20×0.2V=4V则降压变压器输入电压为：U3=U2﹣△U=2200﹣4V=2196V根据得用户得到的电压为：U4==219.6V；用户得到的功率为：P′=P﹣P损=44000﹣80W=43920W．（3）若不经过变压而直接送到用户，输电线上的电流I=，则输电线上损失的电压U′=IR=200×0.2=40V，所以用户得电压U2=U1﹣U′=220﹣40=180V．用户得到功率为答：（1）全过程的线路图如图．（2）用户得到的电压和功率分别为219.6V，43920W．（3）若不经过变压而直接送到用户，用户得到的功率和电压分别为180V，36kW点评：本题的关键：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比的关系；2、输送功率、输送电压、电流的关系．。

15学年下学期高二第六次周练物理试题(附答案)

河北省保定市高阳中学14—15学年下学期高二第六次周练物理试题1．有关洛伦兹力和安培力的描述，正确的是()A．通电直导线在匀强磁场中一定受到安培力的作用B．安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现C．带电粒子在匀强磁场中运动受到的洛伦兹力做正功D．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行2.图3－6磁场中某区域的磁感线，如图3－6所示，则()A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小3．图3－7两个绝缘导体环AA′、BB′大小相同，环面垂直，环中通有相同大小的恒定电流，如图3－7所示，则圆心O处磁感应强度的方向为(AA′面水平，BB′面垂直纸面)()A．指向左上方B．指向右下方C．竖直向上D．水平向右4.图3－8如图3－8所示，垂直纸面放置的两根直导线a和b，它们的位置固定并通有相等的电流I；在a、b沿纸面的连线的中垂线上放有另一直导线c，c可以自由运动．当c中通以电流I1时，c并未发生运动，则可以判定a、b中的电流()A．方向相同都向里B．方向相同都向外C．方向相反D．只要a、b中有电流，c就不可能静止5.图3－9美国发射的航天飞机“发现者”号搭载了一台α磁谱仪，其中一个关键部件是由中国科学院电工研究所设计制造的直径为1200 mm、高为80 mm、中心磁感应强度为0.314 T的永久磁体．它的主要使命是要探测宇宙空间中可能存在的物质，特别是宇宙中反氦原子核．若如图3－9所示的磁谱仪中的4条径迹分别为质子、反质子、α粒子、反氦核的径迹，其中反氦核的径迹为()A．1B．2C．3 D．46.图3－10如图3－10所示，平行板电容器的两板与电源相连，板间同时有电场和垂直纸面向里的匀强磁场B，一个带电荷量为＋q的粒子以v0为初速度从两板中间沿垂直电磁场方向进入，穿出时粒子的动能减小了，若想使这个带电粒子以v0沿原方向匀速直线运动穿过电磁场，可采用的办法是()A．减小平行板的正对面积B．增大电源电压C．减小磁感应强度BD．增大磁感应强度B7.图3－11由于科学研究的需要，常常将质子(11H)和α粒子(42He)等带电粒子贮存在圆环状空腔中，圆环状空腔置于一个与圆环平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B.如果质子和α粒子在空腔中做圆周运动的轨迹相同(如图3－11中虚线所示)，磁场也相同，比较质子和α粒子在圆环状空腔中运动的动能E kH和E kα及周期T H和Tα的大小，有()A．E kH≠E kα，T H≠TαB．E kH＝E kα，T H＝TαC．E kH≠E kα，T H＝TαD．E kH＝E kα，T H≠Tα8.图3－12如图3－12所示，在x轴上方存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．一个不计重力的带电粒子从坐标原点O处以速度v进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与x轴正方向成120°角．若粒子穿过y轴正半轴后在磁场中到x轴的最大距离为a，则该粒子的比荷和所带电荷的正负是()A.3v2aB，正电荷 B.v2aB，正电荷C.3v2aB，负电荷 D.v2aB，负电荷9.图3－13半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子(不计重力)从A 点以速度v0垂直磁场方向射入磁场中，并从B点射出．∠AOB＝120°，如图3－13所示，则该带电粒子在磁场中运动的时间为()A．2πr/3v0B．23πr/3v0C．πr/3v0D.3πr/3v010.图3－14如图3－14所示，光滑绝缘轨道ABP竖直放置，其轨道末端切线水平，在其右侧有一正交的匀强电场、磁场区域，电场竖直向上，磁场垂直纸面向里．一带电小球从轨道上的A点由静止滑下，经P点进入场区后，恰好沿水平方向做直线运动．则可判定()A．小球带负电B．小球带正电C．若小球从B点由静止滑下，进入场区后将立即向上偏D．若小球从B点由静止滑下，进入场区后将立即向下偏11．在匀图3－15强磁场中置一均匀金属薄片，有一个带电粒子在该磁场中按如图3－15所示轨迹运动．由于粒子穿过金属片时有动能损失，在MN上、下方的轨道半径之比为10∶9，不计粒子的重力及空气的阻力，下列判断中正确的是()A．粒子带正电B．粒子沿abcde方向运动C．粒子通过上方圆弧比通过下方圆弧时间长D．粒子恰能穿过金属片10次12．如图3－16所图3－16示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、强度为B的匀强磁场中．质量为m、带电量为＋Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是()A．滑块受到的摩擦力不变B．滑块到达地面时的动能与B的大小无关C．滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下D．B很大时，滑块可能静止于斜面上13．(8分)如图3－17所示图3－17，光滑的平行导轨倾角为θ，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，导轨中接入电动势为E、内阻为r的直流电源．电路中有一阻值为R的电阻，其余电阻不计，将质量为m、长度为L 的导体棒由静止释放，求导体棒在释放瞬间的加速度的大小．14．(10分)如图3－18所示，直线MN上方存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场，现有一质量为m、带电荷量为＋q的粒子在纸面内以某一速度从A点射入，其方向与MN成30°角，A点到MN的距离为d，带电粒子重力不计．图3－18(1)当v满足什么条件时，粒子能回到A点；(2)粒子在磁场中运动的时间t.15.图3－19(10分)如图3－19所示，匀强电场区域和匀强磁场区域是紧邻的且宽度相等均为d ，电场方向在纸平面内，而磁场方向垂直纸面向里．一带正电粒子从O 点以速度v 0沿垂直电场方向进入电场．在电场力的作用下发生偏转，从A 点离开电场进入磁场，离开电场时带电粒子在电场方向的偏移量为12d ，当粒子从C 点穿出磁场时速度方向与进入电场O 点时的速度方向一致，不计带电粒子的重力，求： (1)粒子从C 点穿出磁场时的速度v . (2)电场强度和磁感应强度的比值EB.16．(12分)如图3－20所示，初速度为零的负离子经电势差为U 的电场加速后，从离子枪T 中水平射出，经过一段路程后进入水平放置的两平行金属板MN 和PQ 之间，离子所经空间存在着磁感应强度为B 的匀强磁场．不考虑重力作用，离子的比荷q /m 在什么范围内，离子才能打在金属板上？图3－20答案：。

河北省高阳中学2015届高三12月月考物理试题word版含答

高阳中学2015届高三12月月考物理试题一、选择题（本题11个小题。

1,2,4,6小题有多个正确，其它只有一个选项正确。

全对的得4分，漏选得2分。

共44分）1、如右图所示，木块b 放在一固定斜面上，其上表面水平，木块a 放在b 上。

用平行于斜面向上的力F 作用于a ，a 、b 均保持静止。

则木块b 的受力个数可能是 ( )A ．2 个B ．3个C ．4个D ．5个2．如图，光滑固定的竖直杆上套有小物块 a ，不可伸长的轻质细绳通过大小可忽略的定滑轮连接物块 a 和小物块b ，虚线 cd 水平。

现由静止释放两物块，物块 a 从图示位置上升，并恰好能到达c 处。

在此过程中，若不计摩擦和空气阻力，下列说法正确的是 ( )A ．物块a 到达c 点时加速度为零B ．绳拉力对物块a 做的功等于物块a 重力势能的增加量C ．绳拉力对物块b 先做负功后做正功D ．绳拉力对物块b 做的功等于物块b 机械能的变化量3．一个质量为0.2kg 的小球从空中静止下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，假设小球在空中运动时所受阻力大小不变，小球与地面碰撞时间可忽略不计，重力加速度g=10m/s 2,则下列说法中错误．．的是( ) A ．在0～t 1时间内，小球的位移为2 .2m B ．在0～t 1时间内，小球的路程为2 .8mC ．在0～t 1时间内，小球在空气阻力作用下损失机械能2.2JD ．小球在碰撞过程中损失机械能1.6J4．如图甲所示，质量为m 、通有电流I 的导体棒ab 置于倾角为θ、宽度为d 的光滑平行导轨上，图乙是从b 向a 方向观察时的平面视图．欲使导体棒ab 能静止在导轨上，可在导轨所在的空间加一个垂直于导体棒ab的匀强磁场，图乙中水平、竖直或平行导轨、垂直导轨的①②③④⑤五个箭头分别表示磁场的可能方向．关于该磁场的大小及方向，下列说法中正确的是（）A ．磁场磁感应强度的最小值为mgIdB ．磁场磁感应强度的最小值为sin mg IdC ．磁场的方向不可能是方向①②⑤D ．磁场的方向可能是方向③④⑤5、如图所示，在水平放置的半径为R 的圆柱体的正上方的P 点将一个小球以水平速度v 0沿垂直于圆柱体的轴线方向抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q 点沿切线飞过，测得O 、Q 连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是( )A ．B ．C ．D ．6、宇宙飞船绕地心做半径为r 的匀速圆周运动，飞船舱内有一质量为m 的人站在可称体重的台秤上，用R 表示地球的半径，g 表示地球表面处的重力加速度，g 0表示宇宙飞船所在处的地球引力加速度，N 表示人对秤的压力，则关于g 0、N 下面正确的是( )A m N g =0B 220r g R g =C mg rR N = D N=0 7、如图所示,D 、E 、F 、G 为水平地面上距离相等的四点,三个质量相同的小球A 、B 、C 分别在E 、F 、G 的正上方不同高度处,以相同的水平初速度向左抛出,最后均落到D 点.若不计空气阻力,则可判断A 、B 、C 三个小球( ) A.在空中运动时间之比为1∶3∶5 B.初始离地面的高度之比为1∶3∶5C.在空中运动过程中重力的平均功率之比为1∶2∶3D.从抛出到落地过程中,动能变化量之比为1∶2∶3 8、如图所示，真空中存在一个水平向左的匀强电场，场强大小为E 。

河北省保定市高阳中学2015届高三上学期第十次周练物理试题(Word版含答案)

1.如图所示，演员正在进行杂技表演．由图可估算出他将一只鸡蛋抛出的过程中对鸡蛋所做的功最接近于( )A ．0.3 JB ．3 JC ．30 JD ．300 J2．如图，一长为L 的轻杆一端固定在光滑铰链上，另一端固定一质量为m 的小球．一水平向右的拉力作用于杆的中点，使杆以角速度ω匀速转动，当杆与水平方向成60°时，拉力的功率为( )A ．mgLω B.32mgLω C.12mgLω D.36mg Lω 3.如图所示，水平木板上有质量m ＝1.0 kg 的物块，受到随时间t 变化的水平拉力F 作用，用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力F f 的大小．取重力加速度g ＝10 m/s 2.下列判断正确的是( )A ．5 s 内拉力对物块做功为零B ．4 s 末物块所受合力大小为4.0 NC ．物块与木板之间的动摩擦因数为0.4D ．6 s ～9 s 内物块的加速度大小为2.0 m/s 24．质量相等的A 、B 两物体，并排静止在光滑水平地面上，用水平拉力F 1、F 2分别作用于物体A 和B 上，其速度－时间图象分别如图中图线a 、b 所示，若F 1方向始终保持不变，F 2的方向先与F 1反向，后与F 1同向．则由图中信息可以得出( )A ．0～2 s 内，F 2与F 1方向相反B ．F 1与F 2大小之比为1∶2C ．0～4 s 内，F 1对物体A 做的功等于力F 2对物体B 做的功D ．4 s 末，F 1的瞬时功率等于力F 2的瞬时功率w W w .x K b 1.c o M5． (2014·山东济南模拟)汽车从静止匀加速启动，最后做匀速运动，其速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象如图所示，其中正确的是( )6.一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用，此后，该质点的动能可能( )A ．一直增大B ．先逐渐减小至零，再逐渐增大C ．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D ．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大7. (2014·河北石家庄质检)如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa 为过原点的倾斜直线，ab 段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc 段是与ab 段相切的水平直线，则下列说法正确的是( )A ．0～t 1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定B ．t 1～t 2时间内汽车牵引力做功为12m v 22－12m v 21 C ．t 1～t 2时间内的平均速度为12(v 1＋v 2) D ．在全过程中t 1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t 2～t 3时间内牵引力最小8.如图所示，四分之一圆轨道OA 与水平轨道AB 相切，它们与另一水平轨道CD 在同一竖直面内，圆轨道OA 的半径R ＝0.45 m ，水平轨道AB 长s 1＝3 m ，OA 与AB 均光滑，一滑块从O 点由静止释放，当滑块经过A 点时，静止在C D 上的小车在F ＝1.6 N 的水平恒力作用下启动，运动一段时间后撤去力F .当小车在CD 上运动了s 2＝3.28 m 时速度v ＝2.4 m/s ，此时滑块恰好落入小车中，已知小车质量M ＝0.2 kg ，与CD 间的动摩擦因数μ＝0.4.(取g ＝10 m/s 2)求：(1)恒力F 的作用时间t .(2)AB 与CD 的高度差h .9．(2014·长春模拟)歼15战机在辽宁舰上试飞成功标志着我国舰载机发展迈出了新的一步．歼15战机的质量为m ，以水平速度v 0飞离辽宁舰逐渐上升，假设在此过程中水平分速度不变，在重力和竖直向上的恒定升力作用下前进L 时，上升高度为h .求： (1)升力的大小；(2)上升高度为h 时战机的动能；(3)上升高度为h 时升力的功率．10.如图为竖直平面内的坐标系xOy ，在第二象限有一光滑足够长水平平台，在第一象限固定一曲面呈抛物线形状的物体，曲面满足方程y ＝x 23.6.在平台上的P 点(图上未标出)，坐标为(－2 m,3.6 m)，现有一质量为m ＝1 kg 的物块(不计大小)，用水平向右的力F ＝9 N 拉物块，当物块离开平台时立即撤去拉力，最终物块撞到曲面上(g 取10 m/s 2)．求：(1)物块撞到曲面前瞬间的动能大小；(2)要使物块撞到曲面前瞬间的动能最小，物块初始位置的坐标．8．(1)设小车在轨道CD 上加速的距离为s ，由动能定理得Fs －μMgs 2＝12Mv 2① 设小车在轨道CD 上做加速运动时的加速度为a ，由牛顿运动定律得F －μMg ＝Ma ②s ＝12at 2③ 联立①②③式，代入数据得t ＝1 s ．④(2)设小车在轨道CD 上做加速运动的末速度为v ′，撤去力F 后小车做减速运动时的加速度为a ′，减速时间为t ′，由牛顿运动定律得v ′＝at ⑤－μMg ＝Ma ′⑥v ＝v ′＋a ′t ′⑦设滑块的质量为m ，运动到A 点的速度为v A ，由动能定理得mgR ＝12mv 2A⑧ 设滑块由A 点运动到B 点的时间为t 1，由运动学公式得s 1＝v A t 1⑨设滑块做平抛运动的时间为t ′1，则t ′1＝t ＋t ′－t 1⑩由平抛规律得h ＝12gt ′21⑪ 联立②④⑤⑥⑦⑧⑨⑩⑪式，代入数据得h ＝0.8 m.9.(1)水平方向：L ＝v 0t竖直方向：F －mg ＝mah ＝at 2/2 解得：F ＝mg ＋2mv 20h L 2. (2)由动能定理：(F －mg )h ＝E k －mv 20/2 解得：E k ＝(4h 2＋L 2)mv 202L 2. (3)战机升高h 时，竖直分速度为v y ，则h ＝v y t /2P ＝Fv y 解得：P ＝2mghv 0L ＋4mv 30h 2L 3. 10.(1)物块在平台上运动过程：Fx P ＝mv 20/2解得：v 0＝6 m/s物块离开平台后做平抛运动：x 1＝v 0t y 1＝gt 2/2y P －y 1＝x 213.6解得：y 1＝1.2 m由动能定理：mgy 1＝E k 1－12mv 20解得：E k 1＝30 J.。

15学年下学期高一第六次周练物理试题(附答案)

河北省保定市高阳中学14—15学年下学期高一第六次周练物理试题1．一人游泳渡河以垂直河岸不变的速度(相对水)向对岸游去，河水流动速度恒定．下列说法中正确的是( )A．河水流动速度对人渡河无任何影响B．游泳渡河的路线与河岸垂直C．由于河水流动的影响，人到达对岸的时间与静水中不同D．由于河水流动的影响，人到达对岸的位置，向下游方向偏移2．如果两个不在同一直线上的分运动都是匀速直线运动，对其合运动的描述中，正确的是( )A．合运动一定是曲线运动B．合运动一定是直线运动C．合运动是曲线运动或直线运动D．当两个分运动的速度数值相等时，合运动才为直线运动3．一船以恒定的速率渡河，水流速度恒定(小于船速)，要使船垂直到达对岸，则( ) A．船应垂直河岸航行B．船的航行方向应偏向上游一侧C．船不可能沿直线到达对岸D．河的宽度一定时，船到对岸的时间是任意的4．一人站在匀速运动的自动扶梯上，经时间20s到楼上，若自动扶梯不动，人沿扶梯匀速上楼需要时间30s，当自动扶梯匀速运动的同时，人沿扶梯匀速(相对扶梯的速度不变)上楼，则人到达楼上所需的时间为________s5．两个相互垂直的运动，一个是匀速，另一个是初速度为零的匀加速运动，其合运动一定是________ (填“直线运动”或“曲线运动”)6．飞机以恒定的速度俯冲飞行，已知方向与水平面夹角为300，水平分速度的大小为200km/h，求：(1) 飞机的飞行速度；(2) 飞机在1min内下降的高度7．竖直放置两端封闭的玻璃管内注满清水和一个用红蜡做成的圆柱体，玻璃管倒置时圆柱体能匀速上浮，现将玻璃管倒置，在圆柱体匀速上浮的同时，使玻璃管水平匀速运动，已知圆柱体实际运动的速度是0.05m/s ，θ＝600，如图所示，则玻璃管水平运动的速度是多大？8．河宽300m ，水流速度为3m/s ，小船在静水中的速度为5m/s ，问(1) 以最短时间渡河，时间为多少?可达对岸的什么位置?(2) 以最短航程渡河，船头应向何处?渡河时间又为多少?9．下列有关运动的合成说法正确的是（）A ．合运动速度一定大于分运动的速度B ．合运动的时间与两个分运动的时间是相等的C ．合速度的方向就是物体实际运动方向D ．由两个分速度的大小和方向就可以确定合速度的大小和方向10．如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在 A 点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右作匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的（）A ．直线pB ．曲线QC ．曲线RD ．无法确定11．当船速大于水速时，下列关于渡船的说法中正确的是( )A ．船头方向斜向上游，渡河时间最短B ．船头方向垂直河岸，渡河时间最短C ．当水速变大时，渡河的最短时间变长D ．当水速变大时，渡河的最短时间变短12．划速为v 1的船在水速为v 2的河中顺流行驶，某时刻船上一只气袋落水．若船又行驶了（第7题）t s后才发现且立即返回寻找(略去调转船头所用的时间)，需再经多少时间才能找到气袋?13．船以大小为4m/s垂直河岸的速度渡河，水流的速度为5m/s ，若河的宽度为100m，试分析和计算：(1) 船能否垂直达到对岸；(2) 船需要多少时间才能达到对岸；(3) 船登陆的地点离船S发点的距离是多少。

河北省保定市高阳中学2015届高三上学期第十九次周练物理试卷word版含答案

高三物理周练五十一1．轻杆的一端安装有一个小滑轮P，用手握住杆的另一端支持着悬挂重物的绳子，如图所示．现保持滑轮的位置不变，使杆向下转动一个角度到虚线位置，则下列关于杆对滑轮P 的作用力的判断正确的是()A．变大B．不变C．变小D．无法确定2．如图所示，长木板L的一端固定在铰链上，木块放在木板上，初始木板处于水平状态．在木板向下转动，角θ逐渐增大的过程中，木块受到的摩擦力f的大小随θ变化的情况可能是()3．如图所示，轻杆A端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B端用水平绳连在墙C处，在B端悬挂一重物P，在水平向右的力F缓慢拉起重物P的过程中，杆AB所受压力的变化情况是()A．变大B．变小C．先变小再变大D．不变4．一根长2 m，重为G的不均匀直棒AB，用两根细绳水平悬挂在天花板上，当棒平衡时细绳与水平面的夹角如图所示，则关于直棒重心C的位置下列说法正确的是() A．距离B端0.5 m处B．距离B端0.75 m处C．距离B端32m处D．距离B端33m处5.如图所示，小圆环A 吊着一个质量为m 2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A 上，另一端跨过固定在大圆环最高点B 的一个小滑轮后吊着一个质量为m 1的物块．如果小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，绳子又不可伸长，若平衡时弦AB 所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m 1∶m 2应为( )A ．cos α2B ．sin α2C ．2sin α2D ．2cos α26．如图所示，竖直放置的轻弹簧的一端固定在地面上，另一端与斜面体P 连接，P 与斜放的固定挡板MN 接触且处于静止状态，弹簧处于竖直方向，则斜面体P 此刻受到外力的个数可能为( )A ．2个B ．3个C ．4个D ．5个7．(多选)如图所示，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F 作用而运动，则下列说法正确的是( )A ．物体可能只受两个力作用B ．物体可能受三个力的作用C ．物体可能受四个力作用D ．物体一定受四个力作用8．一根轻绳一端系小球P ，另一端系于光滑墙壁上的O 点，在墙壁和小球P 之间夹有一矩形物块Q .如图所示，在小球P 、物块Q 均处于静止状态的情况下，下列有关说法正确的是( )A ．物块Q 受3个力B ．小球P 受4个力C ．若O 点下移，物块Q 受到的静摩擦力将增大D ．若O 点上移，绳子的拉力将变小9．如图所示，两相同轻质硬杆OO 1、OO 2可绕其两端垂直纸面的水平轴O 、O 1、O 2转动，在O 点悬挂一重物M ，将两相同木块m 紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止．F f 表示木块与挡板间摩擦力的大小，F N 表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则()A．F f变小B．F f不变C．F N变小D．F N变大10．(12分)在“探究求合力的方法”实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤．(1)为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，得到的实验数据如下表：弹力F(N)0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 3.00 3.50伸长量x(10－2 m)0. 74 1.80 2.80 3.72 4.60 5.58 6.42(2)某次实验中，弹簧秤的指针位置如图所示，其读数为________N；同时利用(1)中结果获得弹簧上的弹力值为2.50 N，请在下列虚线框中上画出这两个共点力的合力F合；(3)由图得到F合＝________N.11．(14分)(原创题)如图所示，两个共点力F1、F2的方向夹角为75°，大小分别为F1＝10 N、F2＝10 2 N．现过O点在F1、F2所在平面内建立直角坐标系xOy，求当Ox轴沿何方向时，F1、F2在x轴上的分力的合力最大？最大为多少？12．(20分)如图所示，质量为m的物体，放在一固定斜面上，当斜面倾角为30°时恰能沿斜面匀速下滑．对物体施加一大小为F的水平向右的恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角θ0时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行，试求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数；(2)这一临界角θ0的大小．答案：BBDAC 6．AC7.AC 8．BD 9.BD10．(1)见解析图53(说明：±2范围内都可)(2)2.10(说明：有效数字位数正确，±0.02范围内都可)见解析图(3)3.3(说明：±0.02范围内都可) 11．由于F1、F2大小、方向都已知，故两力的合力确定，当x 轴沿合力方向时，在x 轴上的分力之和最大．(2分) 设x 轴与F 1的夹角为α，由正弦定理得：F 1sin (75°－α)＝F 2sin α＝F 合sin 105°(6分)代入数据解得：α＝45°(4分) F 合＝5(6＋2)N(2分)12． (1)33(2)60°。

高三物理月考试题及答案-河北保定市高阳中学2015届高三下学期周练试卷(59)

2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（下）周练物理试卷（59）一、选择题1．两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近．在此过程中，下列说法正确的是（）A．分子力先增大，后一直减小B．分子力先做正功，后做负功C．分子动能先增大，后减小D．分子势能先增大，后减小E．分子势能和动能之和不变考点：分子势能；物体的内能．专题：压轴题；内能及其变化专题．分析：分子力同时存在引力和斥力，分子间引力和斥力随分子间的距离的增大而减小，随分子间的距离的减小而增大，且斥力减小或增大比引力变化要快些；分子力做功等于分子势能的减小量．解答：解：A、两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，当分子间距大于平衡间距时，分子力表现为引力；当分子间距小于平衡间距时，分子力表现为斥力；故A错误；B、两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，分子力先是引力后是斥力，故先做正功后做负功，故B正确；C、只有分子力做功，先做正功后做负功，根据动能定理，动能先增加后减小，故C正确；D、分子力先做正功后做负功；分子力做功等于分子势能的减小量；故分子势能先减小后增加，故D错误；E、分子力做功等于分子势能的减小量，总功等于动能增加量，只有分子力做功，故分子势能和分子动能总量保持不变，故E正确；故选BCE．点评：本题考查了分子力、分子势能、分子力做功与分子势能变化关系，基础题．2．下列叙述正确的是（）A．扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动B．布朗运动就是液体分子的运动C．分子间距离增大，分子间作用力一定减小D．物体的温度越高，分子运动越激烈，每个分子的动能都一定越大考点：布朗运动；扩散；分子间的相互作用力．专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系．分析：扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，不是液体分子的运动．据分子力与分子之间距离的关系图象求解．温度是分子平均动能的标志．解答：解：A、扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，故A正确B、布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，不是液体分子的运动．故B错误C、当分子间距离增大时，分子力作用力不一定减小，故C错误D、气体温度升高，分子的平均动能增大，这是统计规律，具体到少数个别分子，其速率的变化不确定，因此仍可能有分子的动能较小，故D错误故选A．点评：本题考查对热力学知识的理解与掌握程度，要加强记忆和练习．3．若以μ表示水的摩尔质量，V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，ρ表示在标准状态下水蒸气的密度，N A表示阿伏加德罗常数，m、v分别表示每个水分子的质量和体积，下面关系错误的有（）A．B．C．D．考点：阿伏加德罗常数．专题：阿伏伽德罗常数的应用专题．分析：密度等于摩尔质量除以摩尔体积，摩尔数等于质量与摩尔质量之比．阿伏加德罗常数N A个原子的质量之和等于摩尔质量．而对水蒸气，由于分子间距的存在，N A v并不等于摩尔体积．解答：解：A、ρV（表示摩尔质量）÷（m单个分子的质量）=N A（表示阿伏加德罗常数）．故A正确．B、对水蒸气，由于分子间距的存在，N A v并不等于摩尔体积，故B错误．C、由于分子间距的存在，N A v大于摩尔体积，故C正确．D、单个分子的质量=摩尔质量÷阿伏伽德罗常数，故D正确．本题选错误的，故选B点评：本题主要考查气体阿伏伽德罗常数的计算，阿伏加德罗常数N A是联系宏观与微观的桥梁，抓住它的含义，区分对气体还是液体的计算是解题的关键．4．从微观的角度来看，一杯水是由大量水分子组成的，下列说法中正确的是（）A．当这杯水静止时，水分子也处于静止状态B．每个水分子都在运动，且速度大小相等C．水的温度越高，水分子的平均动能越大D．这些水分子的动能总和就是这杯水的内能考点：物体的内能；分子的热运动．专题：内能及其变化专题．分析：动能是运动的物体所具有的能，与分子热运动无关．物体内部所有分子热运动的动能与分子势能的总和，叫物体的内能．解答：解：A、分子永不停息的做无规则运动，故这杯水静止时，水分子也不可能都处于静止状态，故A错误；B、分子的运动是无规则的，速度大小不一定都相等，故B错误；C、水加热时，水吸收热量，使温度升高，则内能增加，水分子的热运动变激烈，水分子的平均动能越大，故C正确；D、所有水分子的动能和势能之和是水的内能，故D错误；故选C点评：本题考查了内能的组成，温度是分子热运动的一种表现，温度越高，分子的热运动越剧烈．5．某自行车轮胎的容积为V．里面已有压强为p0的空气，现在要使轮胎内的气压增大到p，设充气过程为等温过程，空气可看作理想气体，轮胎容积保持不变，则还要向轮胎充入温度相同，压强也是p0，体积为（）的空气．A．B．C．（﹣1）VD．（+1）V考点：理想气体的状态方程．专题：压轴题；理想气体状态方程专题．分析：根据等温变化的气体方程列式即可．解答：解：气体做等温变化，设充入V′的气体，P0V+P0V′=PV，所以V′=，C正确．故选：C．点评：本题考查了理想气体状态方程中的等温变化，还要知道其它两种变化的分析．6．对于一定质量的理想气体，下列论述中正确的是（）A．若单位体积内分子个数不变，当分子热运动加剧时，压强一定变大B．若单位体积内分子个数不变，当分子热运动加剧时，压强可能不变C．若气体的压强不变而温度降低时，则单位体积内分子个数一定增加D．若气体的压强不变而温度降低时，则单位体积内分子个数可能不变考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：该题中，单位体积内分子个数反映的是气体的密度，单位体积内分子个数不变即密度不变，判断时结合公式即可．解答：解：单位体积内分子个数不变时，分子热运动加剧，单位面积上的碰撞次数和碰撞的平均力都变大，因此这时气体压强一定变大．故A正确B错误．气体的压强不变而温度降低时，根据理想气体的状态方程可判定气体的体积一定减小，气体的密度增加，则单位体积内分子个数一定增加．故C正确D错误．故选AC点评：该题考查理想气体的基本性质和公式的应用，惟一的难度可能是“单位体积内分子个数”，把它和气体的密度联系起来，问题就迎刃而解了．7．（3分）一定质量的理想气体，从图示A状态开始，经历了B、C，最后到D状态，下列说法中正确的是（）A．A→B温度升高，体积不变B．B→C压强不变，体积变大C．C→D压强变小，体积变小D．B点的温度最高，C点的体积最大考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据图示图象判断气体的压强与热力学温度如何变化，然后应用理想气体状态方程分析答题．解答：解：A、由图示图象可知，A→B过程，p与T成正比，由理想气体状态方程=C可知，该过程为等容过程，气体体积不变，故A正确；B、由图示图象可知，B→C过程气体压强p不变而温度T减小，由理想气体状态方程=C 可知，气体体积减小，故B错误；C、由图示图象可知，C→D过程气体的温度T不变而压强p减小，由理想气体状态方程=C 可知，气体体积V变大，故C错误；D、由图示图象可知，在B点气体温度最高，由理想气体状态方程=C可知，=，p﹣T 图象的斜率与气体的体积成反比，由图示图象可知，k A=k B＜k D＜k C，则V A=V B＞V D＞V C，C点的气体体积最小，故D错误；故选：A．点评：本题考查p﹣T图象中图象的物理含义，在p﹣T图象中，图线上各点与坐标原点的连线斜率代表气体体积，斜率越大气体体积越小．二、解答题（共4小题，满分0分）8．（1）下列现象中，能说明液体存在表面张力的有AB．A．水黾可以停在水面上B．叶面上的露珠呈球形C．滴入水中的红墨水很快散开D．悬浮在水中的花粉做无规则运动（2）封闭在钢瓶中的理想气体，温度升高时压强增大．从分子动理论的角度分析，这是由于分子热运动的平均动能增大了．该气体在温度T1、T2时的分子速率分布图象如图所示，则T1小于（选填“大于”或“小于”）T2．考点：温度是分子平均动能的标志；分子间的相互作用力；物体的内能．分析：（1）作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如．（2）温度是分子平均动能的标志，温度升高平均动能增大，体积不变时，气体的内能由平均动能决定．解答：解：（1）A、因为液体表面张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如，故A正确；B、草叶上的露珠存在表面张力，它表面的水分子表现为引力，从而使它收缩成一个球形，与表面张力有关，故B正确；C、滴入水中的红墨水很快散开是扩散现象，是液体分子无规则热运动的反映，故C错误；D、悬浮在水中的花粉做无规则运动是布朗运动，是液体分子无规则热运动的反映，故D错误；故选：AB．（2）密闭在钢瓶中的理想气体体积不变，温度升高时分子平均动能增大压强增大．温度升高时，速率大的分子所占比重较大，所以T1＜T2．故答案为：（1）AB；（2）平均动能，小于点评：此题考查液体表面张力的现象，要求对液体表面张力产生的原因能理解，并能分析一些现象．9．（2013•重庆）汽车未装载货物时，某个轮胎内气体的体积为V0，压强为p0；装载货物后，该轮胎内气体的压强增加了△p．若轮胎内气体视为理想气体，其质量、温度在装载货物前后均不变，求装载货物前后此轮胎内气体体积的变化量．考点：理想气体的状态方程．专题：压轴题；理想气体状态方程专题．分析：轮胎内气体质量一定，其质量、温度保持不变，发生等温变化，根据玻意耳定律求出装载货物后气体的体积，即可得到气体体积的变化量．解答：解：对于轮胎内气体，设装载货物后其体积为V．根据玻意耳定律得p0V0=（p0+△p）V得V=所以装载货物前后此轮胎内气体体积的变化量为△V=V﹣V0=﹣V0解得答：装载货物前后此轮胎内气体体积的变化量为﹣点评：本题的解题关键是掌握玻意耳定律，并运用此定律求出装载货物后气体的体积．10．（2014•临沂模拟）如图所示，导热材料制成的截面积相等，长度均为45cm的气缸A、B通过带有阀门的管道连接．初始时阀门关闭，厚度不计的光滑活塞C位于B内左侧，在A内充满压强的理想气体，B内充满压强的理想气体，忽略连接气缸的管道体积，室温不变．现打开阀门，求：①平衡后活塞向右移动的距离和B中气体的压强②自打开阀门到平衡，B内气体是吸热还是放热（简要说明理由）．考点：气体的等温变化；封闭气体压强．专题：气体的状态参量和实验定律专题．分析：①两边气体都是等温变化，根据玻意耳定律列式后联立求解；②气体温度不变，内能不变，外界对其体做功，根据热力学第一定律分析．解答：解：①A气体，有P A LS=p（L+x）SB气体，有P B LS=p（L﹣x）S解得x=15cmp=2.1×105Pa②活塞C向右移动，对B中气体做功，而气体做等温变化，内能不变，故B气体放热；答：①平衡后活塞向右移动的距离为15cm，B中气体的压强为2.1×105Pa；②自打开阀门到平衡，B内气体是放热．点评：本题关键是根据玻意耳定律列式求解，同时要能结合热力学第一定律分析．11．（2014•陕西校级一模）已知潜水员在岸上和海底吸人空气的密度分别为1.3kg/m3和2.1kg/m3，空气的摩尔质量为0.029kg/mol，阿伏加德罗常数N A=6.02×1023mol﹣1．若潜水员呼吸一次吸人2L空气，试估算潜水员在海底比在岸上每呼吸一次多吸人空气的分子数．（结果保留一位有效数字）考点：阿伏加德罗常数．专题：阿伏伽德罗常数的应用专题．分析：气体的分子个数n=N A，根据密度不同，即可求出多吸入空气的分子数．解答：解：设空气的摩尔质量为M，在海底和在岸上的密度分别为ρ海和ρ岸，一次吸入空气的体积为V，在海底和在岸上分别吸入的空气分子个数为n海和n岸，n海=，n=，多吸入的空气分子个数为△n=n海﹣n岸==3×1022（个）岸答：潜水员在海底比在岸上每呼吸一次多吸人空气的分子数为3×1022个．点评：解决本题的关键知道处理气体分子所占的体积看成立方体模型，以及知道质量和摩尔质量的关系．。

河北省保定市高阳中学2014-2015学年高二上学期第六次周练物理试卷

1．关于场强和电势差的关系，说法正确的是()A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等C．电势降低的方向必定是电场强度的方向D．沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，则场强越大2．如图1－6－10所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA＝1 V，φB＝4 V，φC＝0，则D点电势φD的大小为()图1－6－10A．－3 V B．0C．2 V D．1 V3.如图1－6－11所示是电场中的一条电场线，已知ab＝bc，则下列关系式中一定正确的是()图1－6－11A．E a＝E b＝E c B．E a>E b>E cC．φa>φb>φc D．U ab＝U bc4.如图1－6－12所示，匀强电场场强E＝100 V/ m，A、B两点相距10 cm，A、B连线与电场线夹角为60°，则U B A为()图1－6－12A．－10 V B．10 VC．－5 V D．－5 3 V5．如图1－6－18中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC＝60°，BC＝20 cm，把一个电荷量q＝10－5C的正电荷从A移到B，静电力做功为零，从B移到C，静电力做功为－1.73×10－3J，则该匀强电场的场强大小和方向是()图1－6－18A．865 V/m，垂直AC向左B．865 V/m，垂直AC向右C ．1000 V/m ，垂直AB 斜向上D ．1000 V/m ，垂直AB 斜向下6．如图1－6－19所示，一条绝缘细线，上端固定，下端拴一个质量为m 的带电小球．将它置于一匀强电场中，电场强度大小为E ，方向水平向右．当细线离开竖直位置的偏角为α时，小球处于平衡状态，则小球所带的电荷量为( )图1－6－19A.mg E sin αB.mg E cos αC.mg E tan αD.mg Ecot α 7.如图1－6－20所示，在沿x 轴正向的匀强电场E 中，有一动点A 以O 为圆心，r 为半径做逆时针转动，当OA 与x 轴正向成θ角时，O 、A 两点间的电势差为 ( )图1－6－20A ．U OA ＝ErB ．U OA ＝Er sin θC ．U OA ＝Er cos θD ．U OA ＝－Er cos θ8．如图1－6－21所示，一电场的电场线分布关于y 轴(沿竖直方向)对称，O 、M 、N 是y 轴上的三个点，且OM ＝MN .P 点在y 轴右侧，MP ⊥ON .则( )图1－6－21A ．M 点的电势比P 点的电势高B ．将负电荷由O 点移动到P 点，电场力做正功C ．M 、N 两点间的电势差大于O 、M 两点间的电势差D ．在O 点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y 轴做直线运动9.如图1－6－22所示，空间有平行于纸面的匀强电场．一电荷量为－q 的质点(重力不计)．在恒定拉力F 的作用下沿虚线由M 匀速运动到N ，如图所示．已知力F 和MN 间夹角为θ，M 、N 间距离为d ，则( )图1－6－22A ．M 、N 两点的电势差为Fd cos θqB ．匀强电场的电场强度大小为F cos θqC ．带电质点由M 运动到N 的过程中，电势能减少了Fd cos θD ．若要使带电质点由N 向M 做匀速直线运动，则F 必须反向10.如图1－6－23所示，A 、B 、C 为匀强电场中的三个点，已知φA ＝12 V ，φB ＝6 V ，φC ＝－6 V ．试画出该电场的电场线，并保留作图时所用的辅助线(用虚线表示)．图1－6－2311．如图1－6－24所示是一组不知方向的匀强电场的电场线，把1.0×10－6 C 的负电荷从A点沿水平线移到B 点，静电力做了2.0×10－6 J 的功．A 、B 两点间的距离为2 cm ，问：图1－6－24(1)匀强电场的场强为多大？方向如何？ (2)A 、B 两点间的电势差为多大？12．如图1－6－25所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d ，各面电势已在图中标出，现有一质量为m 的带电小球以速度v 0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动．问：图1－6－25(1)小球应带何种电荷？电荷量是多少？(2)在入射方向上小球最大位移量是多少？(电场足够大)答案：6.C7.C10. 连接A 、C ，将线AC 三等分，等分点为D 、E ，则φD ＝6 V ，连接BD 即为电场中的一个等势面，过A 、E 、C 三点分别作BD 的平行线得到另外三个等势面，过A 、B 、C 三点分别作和等势面的垂线，即为三条电场线，方向由高电势指向低电势，如图所示．11. (1)200 V/m 方向沿直线由下而上 (2)－2 V12. (1)正电荷 mgdU (2)2v 204g。

河北省保定市高阳中学2015届高三下学期第四次周练物理试题

物理1．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是()A．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C．在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象2．关于振动和波动，下列说法正确的是()A．单摆做简谐运动的周期与摆球的质量有关B．部队过桥不能齐步走而要便步走，是为了避免桥梁发生共振现象C．在波的干涉中，振动加强的点位移不一定始终最大D．各种波均会发生偏振现象3．以下说法正确的是()A．无论什么波，只要振幅足够大就可以产生明显的衍射现象B．根据麦克斯韦的电磁场理论，变化的电场周围一定可以产生电磁波C．波源与观察者互相靠近或者互相远离时，观察者接收到的波的频率都会发生变化D．火车以接近光速的速度行驶时，我们在地面上测得车厢前后距离变小了，而车厢的高度没有变化4．一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是()A．质点振动频率是4 HzB．在10 s内质点经过的路程是20 cmC．第4 s末质点的速度为零D．在t＝1 s和t＝3 s两时刻，质点位移大小相等、方向相同5.劲度系数为20 N/cm的水平弹簧振子，它的振动图象如图所示，在图中A点对应的时刻()A．振子所受的弹力大小为0.5 N，方向指向x轴的正方向B．振子的速度方向指向x轴的正方向C．振子的加速度方向指向x轴的正方向D．振子的速度和加速度都在增大6．一列简谐波在t＝0.2 s时波的图象如图甲所示，x＝0处的质点的振动图象如图乙所示，由此可知()A．波沿x轴负方向传播，波速v＝10 m/sB．波沿x轴正方向传播，波速v＝10 m/sC．t＝0.2 s时刻，质点c向y轴负方向运动D．t＝0.3 s时刻，质点b的位移y＝10 cm7.如图所示，红色细光束a射到折射率为2的透明球表面，入射角为45°，在球的内壁经过一次反射后，从球面射出的光线为b，则入射光线a与出射光线b之间的夹角α为() A．30°B．45°C．60°D．75°8.如图所示，简谐横波a沿x轴正方向传播，简谐横波b沿x轴负方向传播，波速都是10 m/s，振动方向都平行于y轴，t＝0时刻，这两列波的波形如图所示．下面画出的是平衡位置在x＝2 m处的质点从t＝0开始在一个周期内的振动图象，其中正确的是()9．在某一均匀介质中由波源O发出的简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图所示，其波速为5 m/s，则下列说法正确的是()A．此时P、Q两点运动方向相同B．再经过0.5 s质点N刚好在(－5 m,20 cm)位置C．能与该波发生干涉的横波的频率一定为3 HzD．波的频率与波源的振动频率无关10.a、b两种单色光以相同的入射角从某种介质射向空气，光路如图所示，则下列说法正确的是()A．逐渐增大入射角α的过程中，b光先发生全反射B．通过同一双缝干涉装置，a光的干涉条纹间距比b光的宽C．在该介质中b光的传播速度大于a光的传播速度D．在该介质中a光的波长小于b光的波长11．(16分)(1)根据单摆周期公式T＝2πlg，可以通过实验测量当地的重力加速度．如图甲所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，就做成了单摆．①用游标卡尺测量小钢球直径，示数如图乙所示，读数为________mm.②以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有________．a．摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些b．摆球尽量选择质量大些、体积小些的c．为了使摆的周期大一些，以方便测量，开始时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度d．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于5°，在释放摆球的同时开始计时，当摆球回到开始位置时停止计时，此时间间隔Δt即为单摆周期Te．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于5°，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时，记下摆球做50次全振动所用的时间Δt，则单摆周期T＝Δt50(2)实验室有一块长方体透明介质，截面如图中ABCD所示．AB的长度为l1，AD的长度为l2，且AB和AD边透光，而BC和CD边不透光且射到这两个边的光线均被全部吸收．现让一平行光束以入射角θ1射到AB面，经折射后AD面上有光线射出．甲、乙两同学分别用不同的方法测量该长方体介质的折射率．①甲同学的做法是：保持射到AB面上光线的入射角θ1不变，用一遮光板由A点沿AB缓慢推进，遮光板前端推到P时，AD面上恰好无光线射出，测得AP的长度为l3，则长方体介质的折射率可表示为n＝________；②乙同学的做法是：缓慢调节射到AB面上光线的入射角，使AD面也恰好无光线射出．测得此时射到AB面上光线的入射角为θ2，则长方体介质的折射率可表示为n＝____________；12．(12分)如图所示为一列简谐波的波源O振动1.5 s时沿波的传播方向上的波形图，已知波源O在t＝0时沿y轴负方向振动，t＝1.5 s时正好第二次到达波谷，则该波的振幅为________cm.x＝5.4 m处的质点第一次到达波峰的时间为________ s，从t＝0开始至x＝5.4 m 的质点第一次到达波峰这段时间内，波源O通过的路程是________m.13.(12分)一半圆形玻璃砖，玻璃的折射率为3，AB为直径，长度为D，O为圆心，一束宽度恰等于玻璃砖半径的单色平行光束垂直于AB从空气射入玻璃砖，其中心光线P通过O点，如图所示．M、N为光束边界光线．求：M、N射出玻璃砖后的相交点距O点的距离．答案：1．D. 2．BC．3．CD. 4．B. 5．B. 6．A.。

河北省保定市高阳中学高一物理第六次周练试题新人教版

‘河北省保定市高阳中学2014-2015学年高一物理第六次周练试题新人教版1．有两个做匀变速直线运动的质点，下列说法正确的是( )A．经过相同的时间，速度大的质点加速度必定大B．若初速度相同，速度变化大的质点加速度必定大C．若加速度相同，初速度大的质点的末速度一定大D．相同时间里，加速度大的质点速度变化必定大2．一辆汽车在平直的高速公路上行驶．已知在某段时间内这辆汽车的加速度方向与速度方向相同，则在这段时间内，该汽车( )A．一定做加速直线运动B．不一定做匀加速直线运动C．可能做匀变速直线运动D．一定做匀变速直线运动3．如下图所示的4个图象中，表示物体做匀加速直线运动的图象是( )4．甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正方向，甲的加速度恒为2 m/s2，乙的加速度恒为－3 m/s2，则下列说法正确的是( ) A．两物体都做匀加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做匀加速直线运动，它的速度变化快C．乙做匀减速直线运动，它的速度变化率大D．甲的加速度比乙的加速度大5．若汽车的加速度方向与速度方向一致，当加速度减小时，则( )A．汽车的速度也减小B．汽车的速度仍在增加C．当加速度减小到零时，汽车静止D．当加速度减小到零时，汽车的速度达到最大6．甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的v－t图象分别如右图中的a和b所示．在t1时刻( )A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度比甲的速度大7．如下图所示，用闪光照相的方法记录某同学的运动情况，若规定向右的方向为正方向，则下列图象能大体描述该同学运动情况的是( )8．物体运动的v－t图象如右图所示，设向右为正，下列关于前4 s内物体运动情况的判断，下列说法正确的是( )A．物体始终向右运动B．物体先向右运动，第2 s末开始向左运动C．第3 s末物体在出发点的左侧D．第2 s末物体距出发点最远9．跳伞运动员做低空跳伞表演，当飞机离地面某一高度静止于空中时，运动员离开飞机自由下落，运动一段时间后打开降落伞，打开伞后运动员以5 m/s2的加速度匀减速下降，则在运动员减速下降的任意一秒内( )A．这一秒末的速度比前一秒初的速度小 5m/sB．这一秒末的速度是前一秒末的速度的0.2倍C．这一秒末的速度比前一秒末的速度小5 m/sD．这一秒末的速度比前一秒初的速度小10 m/s10．为了对付来自个别国家的威胁，伊朗在继“谢哈布－3”导弹试射成功后，继续研制具备远程打击能力的“谢哈布－4”和“谢哈布－5”导弹，其中“谢哈布－5”的射程可达5 000千米，“谢哈布－3”型导弹长17米，可以携带重达800公斤的弹头，如果在公路上机动发射，射程可达1 500千米．(1)假设某国的高空侦察机频繁进入伊朗上空侦察，若一架高空侦察机正以300 m/s的速度向伊朗某城市飞来，它将通过该城市上空的A点，伊朗某导弹基地通过雷达探测到该侦察机在做匀速直线运动，在侦察机离A点尚有一段距离时发射“谢哈布－3”导弹，导弹以80 m/s2的加速度做匀加速直线运动，以1 200 m/s的速度在A点击中该侦察机，则导弹发射后击中敌机所需的时间为( )A．3.75 s B．15 sC．30 s D．45 s(2)当该侦察机离A点的距离为下列哪一数值时导弹基地发射导弹正好击中敌机( )A．300 m B．1 200 mC．4 500 m D．18 000 m11．质点从静止开始做匀加速直线运动，经4 s后速度达到20 m/s，然后匀速运动了10 s，接着经4 s匀减速运动后静止．求：(1)质点在加速运动阶段的加速度为多大？(2)质点在16 s末的速度为多大？12．一辆卡车正在平直公路上以10 m/s的速度匀速行驶，司机突然发现前方路口处亮起红灯，于是立即刹车使卡车匀减速前进．当卡车速度减小到2 m/s时，信号灯转换为绿灯，司机又立即放开刹车，换挡加速，只用了减速过程一半的时间就匀加速到了原来稳定时的速度．已知从开始刹车到恢复到原来的速度一共经历了12 s，求：(1)汽车减速和加速时的加速度大小；(2)从开始刹车算起，2 s末和10 s末的瞬时速度．。

河北省保定市高阳中学2014-2015学年高一下学期期中考试物理试卷Word版含答案

2014—2015学年第二学期期中考试高一物理试题（考试时间：90分钟；分值：100分）第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（不定项选择，本题共10个小题，每题4分，共40分，选不全得2分，有错选或不选得0分）1.下列物理学史正确的是( )A.开普勒提出行星运动规律,并发现了万有引力定律B.牛顿发现了万有引力定律并通过精确的计算得出万有引力常量C.万有引力常量是卡文迪许通过实验测量并计算得出的D.伽利略发现万有引力定律并得出万有引力常量2．关于力和运动的关系，下列说法中正确的是( )A．做直线运动的物体一定受到外力的作用B．做曲线运动的物体一定受到外力的作用C．物体受到的外力越大，其运动速度越大D．物体受到的外力越大，其运动速度大小变化得越快3．下列运动中，在任何1 s的时间间隔内运动物体的速度改变量完全相同的有(空气阻力不计)( )A．自由落体运动B．平抛物体的运动C．竖直上抛物体运动D．匀速圆周运动4.一颗小行星绕太阳做匀速圆周运动的半径是地球公转半径的4倍,则这颗小行星运转的周期是( )A.4年B.6年C.8年D.年5.天文学家发现某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动,并测出了行星的轨道半径和运动周期,若知道比例系数G,由此可推算出( )A.行星的质量B.行星的半径C.恒星的质量D.恒星的半径6．放在粗糙水平面上的物块A、B用轻质弹簧测力计相连，如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数均为μ，今对物块A施加一水平向左的恒力F，使A、B一起向左匀加速运动，设A 、B 的质量分别为m 、M ，则弹簧测力计的示数为( )A.MF mB.MF M ＋mC.F －μm ＋M gmMD.F －μm ＋M gm ＋MM7．如图所示，一架在2 000 m 高空以200 m/s 的速度水平匀速飞行的轰炸机，要想用两枚炸弹分别炸山脚和山顶的目标A 和B .已知山高720 m ，山脚与山顶的水平距离为1 000m ，若不计空气阻力，g 取10 m/s 2，则投弹的时间间隔应为( )A ．4 sB ．5 sC ．9 sD ．16 s8．从某高度水平抛出一小球，经过时间t 到达地面时，速度与水平方向的夹角为θ，不计空气阻力，重力加速度为g .下列说法正确的是( )A ．小球水平抛出时的初速度大小为gttan θB ．小球在t 时间内的位移方向与水平方向的夹角为θ2C ．若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长D ．若小球初速度增大，则θ减小9．如图所示，物块P 置于水平转盘上随转盘一起运动，图中c 沿半径指向圆心，a 与c 垂直，下列说法正确的是 ( )A．当转盘匀速转动时，P受摩擦力方向为a方向B．当转盘加速转动时，P受摩擦力方向为b方向C．当转盘加速转动时，P受摩擦力方向为c方向D．当转盘减速转动时，P受摩擦力方向为d方向10．一种玩具的结构如图所示，竖直放置的光滑铁环的半径为R＝20 cm，环上有一穿孔的小球m，仅能沿环做无摩擦的滑动，如果圆环绕着过环心的竖直轴以10 rad/s的角速度旋转(取g＝10 m/s2)，则相对环静止时小球与环心O的连线与O1O2的夹角θ是( )A．30° B．45°C．60° D．75°二、填空题（本题共4个小题，每空4分，共20分）11．某人以一定的速率垂直河岸向对岸游去，当他游到河中央时水流速度突然增大，那么该人的渡河时间与预计时间相比（填：增大、减小或不变）12．在圆形轨道上运动的质量为m的人造卫星，它到地面的距离等于地球的半径R，地球表面的重力加速度为g，则卫星运动的周期为13．月亮绕地球的公转周期为T，轨道半径为r，则由此可得地球质量表达式为（引力常量为G），若地球半径为R，地球平均密度表达式为。

河北省保定市高阳中学2015届高三下学期第十一次周练物理试卷Word版含答案

高三物理周练六十七1．如图1所示，蹦床运动员正在训练大厅内训练，大厅内蹦床的床面到天花板的距离是7.6 m，在蹦床运动的训练室内的墙壁上挂着一面宽度为1.6 m的旗帜。

身高1.6 m的运动员头部最高能够上升到距离天花板 1 m的位置。

在自由下落过程中，运动员从脚尖到头顶通过整面旗帜的时间是0.4 s，重力加速度为10 m/s2，设运动员上升和下落过程中身体都是挺直的，求：图1(1)运动员的竖直起跳的速度；(2)运动员下落时身体通过整幅旗帜过程中的平均速度；(3)旗帜的上边缘距离天花板的距离。

2．(2014·江西重点中学联考)如图2(a)所示，小球甲固定于足够长光滑水平面的左端，质量m＝0.4 kg的小球乙可在光滑水平面上滑动，甲、乙两球之间因受到相互作用而具有一定的势能，相互作用力沿二者连线且随间距的变化而变化。

现已测出势能随位置x的变化规律如图(b)所示中的实线所示。

已知曲线最低点的横坐标x0＝20 cm，虚线①为势能变化曲线的渐近线，虚线②为经过曲线上x＝11 cm点的切线，斜率绝对值k＝0.03 J/cm。

图2试求：(1)将小球乙从x1＝8 cm处由静止释放，小球乙所能达到的最大速度为多大？(2)小球乙在光滑水平面上何处由静止释放，小球乙不可能第二次经过x0＝20 cm的位置？并写出必要的推断说明。

(3)小球乙经过x＝11 cm时加速度大小和方向。

3．如图3所示，物块A的质量为M，物块B、C的质量都是m，都可看作质点，且m<M<2m。

A与B、B与C用不可伸长的轻线通过轻滑轮连接，A与地面用劲度系数为k的轻弹簧连接，物块B与物块C的距离和物块C到地面的距离都是L。

若物块A距滑轮足够远，且不计一切阻力，则：图3(1)若将B与C间的细线剪断，求A下降多大距离时速度最大；(2)若将物块A下方的轻弹簧剪断后，B物体将不会着地，求在这种情况下物块A上升时的最大速度和物块A上升的最大高度。

河北省保定市高阳中学高三下学期第六次周练物理试卷.pdf

1．在一次讨a、b、c三种不同颜色的单色点光源，有人在水面上方同等条件下观测发现，b 在水下的像最深，c照亮水面的面积比a的大．关于这三种光在水中的性质，同学们能做出什么判断？”有同学回答如下：光的频率最大 ②a光的传播速度最小光的折射率最大 ④a光的波长比b光的短根据老师的假定，以上回答正确的是 ( ) 利用半圆柱形玻璃，可减小激光光束的发散程度．在如图所示的光路中，A为激光的出射点，O为半圆柱形玻璃横截面的圆心，AO过半圆顶点．若某条从A点发出的与AO成α角的光线，以入射角i入射到半圆弧上，出射光线平行于AO，求此玻璃的折射率．如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，∠A＝30，∠B＝60.一束平行于AC边的光线自AB边的P点射入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出．若光线在P点的入射角和在M点的折射角相等．(1)求三棱镜的折射率；(2)在三棱镜的AC边是否有光线透出？写出分析过程．(不考虑多次反射) 如图所示，一束色光从长方体玻璃砖上表面射入玻璃，穿过玻璃后从侧面射出，变为a、b两束单色光，则以下说法正确的是 ( )玻璃对a光的折射率较大在玻璃中b光的波长比a光短在玻璃中b光传播速度比a光大减小入射角i，a、b光线有可能消失如图所示，AOB为透明扇形玻璃砖，圆心角∠AOB＝60，OM为∠AOB的角平分线，OM的单色光在空气中由OA边射入玻璃砖，经OA面折射后的光线恰平行于OB.则下列说法中正确的是( ) A．该玻璃的折射率为2经OA面折射后的光线射到AMB面都将发生全反射该入射光在空气中的波长与玻璃砖中的波长相等该入射光在空气中的频率与玻璃砖中的频率相等如图所示，一个横截面为A＝30，∠C＝90，三棱镜材料的折射率是n＝一束与BC面成θ＝30角的光线射向BC面．(1)试通过计算说明在AC面下方能否观察到折射光线？(2)作出三棱镜内完整的光路图，指出最终的出射光线与最初的入射光线之间的夹角．。

河北省保定市高阳中学高三下学期周练物理试题(二十二) Word版含答案[ 高考]

1. 一汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速．惯性．质量和滑行路程的讨论，正确的是（）Ａ．车速越大，它的惯性越大Ｂ．质量越大，它的惯性越大Ｃ．车速越大，刹车后滑行路程越长Ｄ．车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大 2. 两个相同的可视为质点的小球A 和B ，质量均为m ，用长度相同的两根细线把A 、B 两球悬挂在水平天花板上的同一点O ，并用长度相同的细线连接A 、B 两个小球，然后，用一水平方向的力F 作用在小球A 上，此时三根线均处于伸直状态，且OB 细线恰好处于竖直方向如图所示.如果两小球均处于静止状态，则力F 的大小为（） A ．0B ．mgC ．3/3mgD ．mg 33. 如图所示，木块A 质量为1kg ，木块B 的质量为2kg ，叠放在水平地面上，AB 间最大静摩擦力为1牛，B 与地面间摩擦系数为0 .1，今用水平力F 作用于B ，则保持AB 相对静止的条件是F 不超过：A ．3牛B ．4牛C ．5牛D ．6牛4. 两辆游戏赛车a 、b 在两条平行的直车道上行驶。

0=t 时两车都在同一计时线处，此时比赛开始。

它们在四次比赛中的t v -图如图所示。

哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆( )5．在距地面10m 高处，以10m/s 的速度抛出一质量为1kg 的物体，已知物体落地时的速度为16m/s ，下列说法中正确的是（g 取10m/s 2）（） A ．抛出时人对物体做功为50J B ．自抛出到落地，重力对物体做功为100J C ．飞行过程中物体克服阻力做功22J D ．物体自抛出到落地时间为1s6．16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元。

在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是（）Ａ.四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大Ｂ.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体不受力时的“自然状态”Ｃ.两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快Ｄ.一个物体维持匀速直线运动，不需要力7．2006年5月的天空是相当精彩的，木星冲日、火星合月、木星合月等景观美不胜收，而流星雨更是热闹非凡，宝瓶座流星雨非常壮丽，值得一观. 在太阳系中，木星是九兄弟中“最魁F 8梧的巨人”，5月4日23时，发生木星冲日现象.所谓的木星冲日是指地球、木星在各自轨道上运行时与太阳重逢在一条直线上，也就是木星与太阳黄经相差180度的现象，天文学上称为“冲日”.冲日前后木星距离地球最近，也最明亮. 下列说法正确的是（） A ．2006年5月4日23时，木星的线速度大于地球的线速度 B ．2006年5月4日23时，木星的加速度小于地球的加速度 C ．2007年5月4日23时，必将产生下一个“木星冲日”D ．下一个“木星冲日”必将在2007年5月4日之后的某天发生8．如图所示，物体A 静止在光滑的水平面上，A 的左边固定有轻质弹簧，与A 质量相同的物体B 以速度v 向A 运动并与弹簧发生碰撞，A 、B 始终沿同一直线运动，则A 、B 组成的系统动能损失最大的时刻是（） A.A 开始运动时 B.A 的速度等于v 时 C.B 的速度等于零时 D.A 和B 的速度相等时9．如图所示，两个质量分别为m 1=2kg 、m 2=3kg 的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。